立体几何证明题练习

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立体几何证明题专项练习

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1.如图,正三棱柱ABC—A1B1C1中,AB=2,AA1=1,D是BC的中点,点P在平面BCC1B1内,PB1=PC1= 2.(1)求证:PA1⊥BC;(2)求证:PB1//平面AC1D.2.在正方体ABCD A BC D中,M,N分别是AB,BC中点.1111(Ⅰ)求证:平面B MN⊥平面BB D D;111(Ⅱ)若在棱DD上有一点P,使BD//平面PMN,求DP与PD的比.111A1D1C1B1D CA M BN3.在直三棱柱ABC-A B C中,AB=AC=AA=3a,B C=2a,D是BC的中点,F是1F B1111C C上一点,且CF=2a.1(1)求证:B F⊥平面ADF;1(2)求三棱锥D-AB F的体积;1(3)试在AA上找一点E,使得BE//平面ADF.1C1A1CDA B4.如图,在四棱锥P-ABCD中,侧面P AD是正三角形,且与底面ABCD垂直,底面ABCD是边长为2的菱形,∠BAD=60︒,N是PB 中点,过A、N、D三点的平面交PC于M.(1)求证:DP//平面ANC P(2)求证:M是PC中点;M(3)求证:平面PBC⊥平面ADMN D CNABEF DC5.已知直角梯形 ABCD 中, AB // CD , AB ⊥ BC , AB = 1, BC = 2, C D = 1 + 3, 过 A 作AE ⊥ CD ,垂足为 E , G 、F 分别 为AD 、CE 的中点,现将 ∆ADE 沿 AE 折叠,使得 DE ⊥ EC .(Ⅰ) 求证: BC ⊥ 面CDE ;(5 分)(Ⅱ) 求证: FG // 面BCD ;(5 分)(Ⅲ)在线段 AE 上找一点 R ,使得面 BDR ⊥ 面 DCB ,并说明理由. (5 分)D·G ·ABGAEFBC6.已知等腰梯形 PDCB 中(如图 1),PB=3,DC=1,PB=BC =2 ,A 为 PB 边上一点,且 P A=1△,将 P AD 沿 AD 折起,使面 P AD ⊥面 ABCD (如图 2).(1)证明:平面 P AD ⊥PCD ;(2)试在棱 PB 上确定一点 M ,使截面 AMC把几何体分成的两部分VPDCMA: VMACB= 2 :1;(3)在 M 满足(2)的情况下,判断直线 PD是否平行面 AMC.7.如图,直三棱柱 ABC -A 1B 1C 1 中,∠ACB =90°,M ,N 分别为 A 1B ,B 1C 1 的中点.(1)求证 BC ∥平面 MNB 1;(2)求证平面 A 1CB ⊥平面 ACC 1A 1.A 1C 1NB 1MCAB8、如图,在四棱锥 P -ABCD 中,PD ⊥平面 ABCD ,四边形 ABCD 是菱形,AC =6,BD =8,E 是 PB 上任意一点,△AEC 面积的最小值是 3.(Ⅰ)求证:AC ⊥DE ;(Ⅱ)求四棱锥 P -ABCD 的体积.PEDFA BC9.如图所示,在直四棱柱 ABCD - A B C D 中,DB=BC, DB ⊥ AC ,点 M 是棱 BB 上一点.1 1 1 11(1)求证: B D // 面 A BD ; 1 11(2)求证: MD ⊥ AC ;(3)试确定点 M 的位置,使得平面 DMC ⊥ 平面 CC D D .111D 1 C 1A 1B 1DAMBC10.如图,已知矩形ABCD中,AB=10,BC=6,沿矩形的对角线BD把∆ABD折起,使A移到A1点,且A1在平面BCD上的射影O恰好在CD上。

最新立体几何证明题整理

最新立体几何证明题整理

立体几何证明题1、已知直线a ,b 和平面,且a b ,a ,则b 与的位置关系是2、已知直线l平面,有以下几个判断:①若m l ,则m//;②若m,则m l //;③若m//,则ml ;④若m l //,则m.上述判断中正确的是()A 、①②③ B 、②③④C 、①③④D 、①②④3如图,正四面体S -ABC 中,如果E ,F 分别是SC ,AB 的中点,那么异面直线EF 与SA 所成的角等于()A .90°B .45C .60°D .30°4、如图,已知P 为平行四边形ABCD 所在平面外一点,M 为PB 的中点,求证:PD//平面MAC5、如图,在正方体1111ABCDA B C D 中,E ,F 分别是棱BC ,11C D 的中点,求证:EF//平面11BB D D6、如图, 在直三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,AC =3,BC =4,AA 1=4,AB=5,点D 是AB 的中点,(I )求证:AC ⊥BC 1;(II )求证:AC 1//平面CDB 17、如图所示,ABCD 为正方形,SA 平面ABCD ,过A 且垂直于SC 的平面分别交SB ,SC ,SD 于E ,F ,G .CDABM P1A 1B 1D 1C FEABC D FECBAs求证:AE SB AG SD,8、如图,直角ABC△所在平面外一点S,且SA SB SC,点D为斜边AC的中点.(1)求证:SD平面ABC;(2)若AB BC,求证:BD面SAC9、在四棱锥P-ABCD中,∠DAB=∠ABC=90°,PA⊥底面ABCD;AB=BC=1,AD=2求证:平面PCD⊥平面PAC。

10、如图,在五面体ABCDEF中,点O是矩形ABCD的对角线的交点,面CDE是等边三角形,棱EF∥12BC(I)证明FO∥平面CDE;(II)设3BC CD,证明EO平面CDF11、已知正方体1111ABCD A B C D,O是底ABCD对角线的交点.求证:(1)OC1//面11AB D;(2 )1AC面11AB D.SA BCFEDGASCBDD1ODBAC1B1A1CAB CDEFO12、如图,棱柱111ABC A B C 的侧面11BCC B 是菱形,11B C A B(Ⅰ)证明:平面1AB C平面11A BC ;(Ⅱ)设D 是11A C 上PABC 的点,且1//A B 平面1B CD ,求11:A D DC 的值.13、图,在三棱锥中,AB AC ,D 为BC 的中点,PO ⊥平面ABC ,垂足O 落在线段AD 上.(Ⅰ)证明:AP ⊥BC ;(Ⅱ)已知8BC ,4PO ,3AO ,2OD .求二面角B APC 的大小.14、如图,正方形ABCD 和四边形ACEF 所在的平面互相垂直,CE ⊥AC,EF ∥AC,AB=2,CE=EF=1(Ⅰ)求证:AF ∥平面BDE (Ⅱ)求证:CF ⊥平面BDE15、如图1,在直角梯形CD 中,D//C ,D2,C 1,D2,是D 的中点,是C 与的交点.将沿折起到1的位置,如图2.(I )证明:CD平面1C ;(II )若平面1平面CD ,求平面1C 与平面1CD 夹角的余弦值.16、如图,直三棱柱ABC—A1B1C1 中,AC =BC =1,∠ACB =90°,AA1 =2,D 是A1B1 中点.(1)求证C1D ⊥平面A1B ;(2)当点 F 在BB1 上什么位置时,会使得AB1 ⊥平面C1DF ?并证明你的结论.17、如图,在正三棱柱ABC—A1B1C1中,AB=AA1,D是CC1的中点,F是A1B的中点,⑴求证:DF∥平面ABC;⑵求证:AF⊥BD。

高中数学立体几何平行、垂直位置关系证明题专项练习(带答案)

高中数学立体几何平行、垂直位置关系证明题专项练习(带答案)

立体几何平行、垂直位置关系专练1、如图,四棱锥P ABCD -中,PA ⊥平面ABCD ,//AD BC ,AB AD ⊥,2AD BC =,M 点在线段PD 上,且满足2MD PM =.(1)求证:AB PD ⊥;(2)求证://PB 平面MAC .2、如图,在四棱锥P ABCD -中,PA ⊥平面ABCD ,E 为PA 的中点,F 为BC 的中点,底面ABCD 是菱形,对角线AC ,BD 交于点O .求证:(1)平面//EFO 平面PCD ;(2)平面PAC ⊥平面PBD .3、如图,正三棱柱ABC-A 1B 1C 1的高为6,其底面边长为2.已知点M ,N 分别是棱A 1C 1,AC 的中点,点D 是棱CC 1上靠近C 的三等分点.求证:(1)B 1M ∥平面A 1BN ;(2)AD ⊥平面A 1BN.4、如图,等边三角形ABC与直角梯形ABDE所在平面垂直,BD∥AE,BD=2AE,AE⊥AB,M为AB的中点.(1)证明:CM⊥DE;(2)在边AC上找一点N,使CD∥平面BEN.5、如图,矩形ABCD所在平面与三角形ABE所在平面互相垂直,AE=AB,M,N,H分别为DE,AB,BE 的中点.求证:(1)MN∥平面BEC;(2)AH⊥CE.6、如图,在三棱台ABCDEF中,CF⊥平面DEF,AB⊥BC.(1)设平面ACE∩平面DEF=a,求证:DF∥a;(2)若EF=CF=2BC,试问在线段BE上是否存在点G,使得平面DFG⊥平面CDE?若存在请确定点G的位置;若不存在,请说明理由.7、在三棱锥S ABC -中,平面SAB ⊥平面SBC ,AB BC ⊥,AS AB =,过A 作AF SB ⊥,垂足为F ,点E ,G 分别是棱SA ,SC 的中点.(1)求证:平面EFG ∥平面ABC .(2)求证:BC SA ⊥.8、如图,在直三棱柱111ABC A B C -中,AB BC ⊥,点D 为棱1C C 的中点,1AC 与1A D 交于点E ,1BC 与1B D 交于点F ,连结EF .求证:(1)//AB EF ;(2)平面11A B D ⊥平面11B BCC .9、【2019年高考江苏卷】如图,在直三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,D ,E 分别为BC ,AC 的中点,AB =BC .求证:(1)A 1B 1∥平面DEC 1;(2)BE ⊥C 1E .点,平面PAB ⊥底面ABCD ,90PAB ∠= .求证:(1)//PB 平面AEC ;(2)平面PAC ⊥平面ABCD .11、2.(2020·江苏省镇江高三二模)如图,三棱锥P ABC -中,点D ,E 分别为AB ,BC 的中点,且平面PDE ⊥平面ABC .()1求证://AC 平面PDE ;()2若2PD AC ==,PE =PBC ⊥平面ABC .12、(2020·江苏省建湖高级中学高三月考)如图,在四面体ABCD 中,,90AD BD ABC =∠= ,点,E F 分别为棱,AB AC 上的点,点G 为棱AD 的中点,且平面//EFG 平面BCD .(1)求证:12EF BC =;(2)求证:平面EFD ⊥平面ABC .点,PA ⊥平面ABCD .(1)求证://PB 平面AEC ;(2)若四边形ABCD 是矩形且PA AD =,求证:AE ⊥平面PCD .14、(2020·江苏省高三二模)如图,在三棱柱111ABC A B C -中,侧面11ABB A ⊥底面ABC ,AB AC ⊥,E ,F 分别是棱AB ,BC 的中点.求证:(1)11AC ∥平面1B EF ;(2)1AC B E ⊥.15、(2020·江苏省连云港高三)如图,在四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 为矩形,平面PAD ⊥平面ABCD ,PA PD ⊥,PA PD =,E 、F 分别为AD 、PB 的中点.(Ⅰ)求证:PE BC ⊥;(Ⅱ)求证:平面PAB ⊥平面PCD ;(Ⅲ)求证://EF 平面PCD .16、(2020·江苏省苏州高三)如图,在直三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,D ,E 分别为BC ,AC 的中点,AB =BC .求证:(1)A1B 1∥平面DEC 1;(2)BE ⊥C 1E .17、(2020·江苏省通州高三)如图,在三棱柱111ABC A B C -中,侧棱垂直于底面1,2,1,,AB BC AA AC BC E F ⊥===分别是11,AC BC 的中点.(1)求证: 平面ABE ⊥平面11B BCC ;(2)求证:1C F ∥平面ABE ;18、(2020·江苏省高三三模)如图,三棱柱111ABC A B C -中,1BC B C =,O 为四边形11ACC A 对角线交点,F 为棱1BB 的中点,且AF ⊥平面11BCC B .(1)证明://OF 平面ABC ;(2)证明:四边形11ACC A 为矩形.参考答案1.如图,四棱锥P ABCD -中,PA ⊥平面ABCD ,//AD BC ,AB AD ⊥,2AD BC =,M 点在线段PD 上,且满足2MD PM =.(1)求证:AB PD ⊥;(2)求证://PB 平面MAC .【解析】(1)∵四棱锥P ABCD -中,PA ⊥平面ABCD ,AB 平面ABCD , ∴AB PA ⊥,又AB AD ⊥,,PA AD ⊂平面PAD ,PA AD A ⋂=, ∴AB ⊥面PAD .PD ⊂面PAD ,∴AB PD ⊥. (2)连结BD AC O ⋂=,连结MO , ∵//AD BC ,2AD BC =,2DO BO ∴=,∵在PBD ∆中,2DM MP =,2DO BO =∴//PB MO , 又PB ⊄面MAC ,MO ⊂面MAC ,∴//PB 面MAC .2.如图,在四棱锥P ABCD -中,PA ⊥平面ABCD ,E 为PA 的中点,F 为BC 的中点,底面ABCD 是菱形,对角线AC ,BD 交于点O .求证:(1)平面//EFO 平面PCD ;(2)平面PAC ⊥平面PBD . 【详解】(1)因为在ΔPAC 中,E 为PA 的中点,O 为AC 的中点, 所以//EO PC又EO ⊄平面PCD ,PC ⊂平面PCD , 所以//EO 平面PCD同理可证,//FO 平面PCD ,又EO FO O = ,EO ⊂平面EFO ,FO ⊂平面EFO 所以平面//EFO 平面PCD .(2)因为PA ⊥平面ABCD ,BD ⊂平面ABCD , 所以PA BD ⊥因为底面ABCD 是菱形,所以AC BD ⊥,又,,PA AC A PA PAC AC PAC =⊂⊂ 平面平面所以BD ⊥平面PAC 。

高中数学立体几何证明题汇总

高中数学立体几何证明题汇总

高中数学立体几何证明题汇总立体几何常考证明题1.已知四边形ABCD是空间四边形,E,F,G,H分别是边AB,BC,CD,DA的中点。

1)证明EFGH是平行四边形。

2)已知BD=23,AC=2,EG=2,求异面直线AC、BD所成的角和EG、BD所成的角。

2.如图,已知空间四边形ABCD中,BC=AC,AD=BD,E 是AB的中点。

1)证明AB垂直于平面CDE。

2)证明平面CDE垂直于平面ABC。

3.如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,E是AA1的中点。

证明A1C平行于平面BDE。

4.已知三角形ABC中∠ACB=90,SA垂直于面ABC,AD垂直于SC。

证明AD垂直于面SBC。

5.已知正方体ABCD-A1B1C1D1,O是底面ABCD对角线的交点。

1)证明C1O平行于面AB1D1.2)证明AC1垂直于面AB1D1.6.正方体ABCD-A1B1C1D1中。

1)证明AC垂直于平面B1D1D。

2)证明BD1垂直于平面ACB1.7.正方体ABCD-A1B1C1D1中。

1)证明平面A1BD平行于平面B1DC。

2)已知E、F分别是AA1、CC1的中点,证明平面EB1D1平行于平面FBD。

8.四面体ABCD中,AC=BD,E、F分别为AD、BC的中点,且EF=AC/2,∠XXX。

证明BD垂直于平面ACD。

9.如图P是△ABC所在平面外一点,PA=PB,CB垂直于平面PAB,M是PC的中点,N是AB上的点,AN=3NB。

1)证明XXX垂直于AB。

2)当∠APB=90,AB=2BC=4时,求MN的长度。

10.如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,E、F、G分别是AB、AD、C1D1的中点。

证明平面D1EF平行于平面BDG。

11.如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,E是AA1的中点。

1)证明A1C平行于平面BDE。

2)证明平面A1AC垂直于平面BDE。

12、已知矩形ABCD,PA垂直于平面ABCD,AB=2,PA=AD=4,E为BC的中点。

立体几何证明题精选

立体几何证明题精选

立体几何证明题精选1.在多面体中,矩形ABB1A1和ACC1A1,AC垂直于BC。

证明BC垂直于平面ACC1A1,同时在线XXX上存在一点M,使得DE与平面A1MC平行。

2.在三棱锥P-ABC中,D,E,F分别是棱PC,AC,AB 的中点。

已知PA垂直于AC,PA=6,BC=8,DF=5.证明PA 平行于平面DEF,同时平面BDE垂直于平面ABC。

3.在四棱锥P-ABCD中,AP垂直于平面PCD,AD平行于BC,AB和BC分别为线段AD和PC的中点。

证明AP平行于平面BEF,同时BE垂直于平面PAC。

4.在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是平行四边形,BA=BD=BC=1,AD=2,PA=PD=√5,E和F分别是棱AD和PC的中点。

证明EF平行于平面PAB,同时平面PBC垂直于平面ABCD。

5.在三棱柱ABC-A1B1C1中,侧棱垂直于底面,AB垂直于BC,AA1=AC=2,BC=1,E和F分别是A1C1和BC的中点。

证明平面ABE垂直于平面B1BCC1,C1F平行于平面ABE,同时求三棱锥E-ABC的体积。

6.在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为矩形,PA垂直于平面ABCD,E为PD的中点。

证明PB平行于平面AEC,同时若AP=1,AD=3,则三棱锥P-ABD的体积为2/3,求A到平面PBC的距离。

7.在四棱锥中,平面ACD和平面ABD的交线为直线L,平面ABC和平面ACD的交线为直线M,平面ABC和平面ABD的交线为直线N,P为直线L上一点,Q为直线M上一点,R为直线N上一点,且PQR平行于平面ABCD,证明PR 平行于直线BD,同时求四面体PQRD的体积。

8.在长方体ABCD-A1B1C1D1中,底面A1B1C1D1为正方形,O为BD的中点,E为棱AA1上任意一点。

证明BD垂直于EC1,同时若AB=2,AE=2,OE垂直于EC1,则AA1的长度为2√2.。

立体几何专题

立体几何专题

立体几何专题1. (北京文) (18) (本小题 14 分)如图,在四棱锥 P-ABCD 中,底面 ABCD 为矩形, 平面 PAD⊥平面 ABCD , PA⊥ PD , PA=PD , E , F 分别为 AD , PB 的中点.( Ⅰ ) 求证: PE ⊥BC ; (Ⅱ)求证:平面 PAB ⊥平面 PCD ; (Ⅲ) 求证: EF∥平面 PCD.2. (北京理) (16) (本小题 14 分)如图, 在三棱柱 ABC- A 1B 1C 1 中, CC 1 」平面 ABC , D , E , F , G 分别为 AA 1,AC , A 1C 1,BB 1 的中点, AB=BC= 5, AC= AA 1 =2.( Ⅰ ) 求证: AC⊥平面 BEF ; ( Ⅱ ) 求二面角B-CD-C 1 的余弦值; (Ⅲ) 证明: 直线 FG 与平面 BCD 相交.3. (江苏) (15) (本小题满分 14 分)在平行六面体ABCD 一 A B C D 中,AA = AB, AB 」B C .求证: (1) AB∥平面A B C; (2) 平面ABB A 」平面A BC.4. (浙江) (19) (本题满分 15 分)如图,已知多面体 ABCA1B1C1,A1A, B1B, C1C均垂直于平面 ABC,∠ABC=120°, A1A=4, C1C=1, AB=BC=B1B=2.(Ⅰ)证明:AB1 ⊥平面A1B1C1;(Ⅱ)求直线 AC1 与平面 ABB1 所成的角的正弦值.1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1第 2 页共 10 页5. (天津文) (17)(本小题满分 13 分)如图,在四面体 ABCD 中,△ABC 是等边三角形,平面 ABC⊥平面 ABD,点 M 为棱AB 的中点, AB=2, AD= 2 3 ,∠BAD=90°.( Ⅰ )求证:AD⊥BC;( Ⅱ ) 求异面直线 BC 与 MD 所成角的余弦值;(Ⅲ)求直线 CD 与平面 ABD 所成角的正弦值.6. (天津理) (17)(本小题满分 13 分)如图,AD∥BC 且 AD=2BC,AD 」CD , EG∥AD且 EG=AD,CD∥FG 且 CD=2FG,DG 」平面ABCD, DA=DC=DG=2.(I)若 M 为 CF 的中点, N 为 EG 的中点,求证:MN∥平面CDE;(II)求二面角E BC F 的正弦值;(III)若点 P 在线段 DG 上,且直线 BP 与平面 ADGE 所成的角为60°,求线段 DP 的长.7. (全国卷一文)(18)(12 分)如图, 在平行四边形 ABCM 中, AB = AC = 3, ∠ACM = 90, 以 AC 为折痕 将△ ACM 折起,使点 M 到达点 D 的位置,且 AB⊥DA. (1)证明:平面 ACD ⊥平面 ABC ;(2) Q 为线段 AD 上一点, P 在线段 BC 上, 且 BP = DQ = DA , 求三棱锥3Q ABP 的体积.8. (全国卷一理)(18)(12 分)如图, 四边形 ABCD 为正方形, E, F 分别为 AD, BC 的中点, 以 DF 为折 痕把 △DFC 折起,使点 C 到达点 P 的位置,且 PF 」BF . (1)证明:平面 PEF 」平面 ABFD ; (2)求 DP 与平面 ABFD 所成角的正弦值 .29. (全国卷二文)( 19) (12 分)如图,在三棱锥P ABC 中,AB = BC = 2 2,PA = PB = PC = AC = 4,O为AC 的中点.(1)证明:PO 」平面ABC;(2)若点M 在棱 BC 上,且MC = 2MB,求点C 到平面POM 的距离.10. (全国卷二理)(20)(12分)如图,在三棱锥P ABC 中,AB = BC = 2 2,PA = PB = PC = AC = 4,O 为AC 的中点.(1)证明:PO 」平面ABC;(2) 若点M 在棱BC 上,且二面角M PA C 为30,求PC 与平面 PAM 所成角的正弦值.POA CMB11. (全国卷三文)(19)(12分)如图,矩形ABCD所在平面与半圆弧 CD 所在平面垂直,M 是CD 上异于C, D 的点.(1)证明:平面AMD⊥平面BMC;(2)在线段AM 上是否存在点 P ,使得MC∥平面PBD ?说明理由.12. (全国卷三理)(19)(12分)如图,边长为 2 的正方形ABCD所在的平面与半圆弧CD 所在平面垂直,M 是CD 上异于C, D 的点.(1)证明:平面 AMD⊥平面BMC;(2) 当三棱锥M ABC 体积最大时,求面 MAB 与面MCD所成二面角的正弦值.13. (12 分)如图,四棱锥 P-ABCD 中,侧面 PAD 为等比三角形且垂直于底面 ABCD,1AB = BC = AD, 三BAD = 三ABC = 90o , E 是 PD 的中点.2(1) 证明:直线CE/ / 平面 PAB(2) 点 M 在棱 PC 上,且直线 BM 与底面 ABCD 所成锐角为45o ,求二面角 M-AB-D 的余弦值14. (12 分)如图,在四棱锥 P-ABCD 中, AB//CD,且三BAP = 三CDP = 90(1)证明:平面 PAB⊥平面PAD;(2)若 PA=PD=AB=DC, 三APD = 90 ,求二面角 A-PB-C 的余弦值.15. (12 分)如图,四面体 ABCD 中,△ABC 是正三角形,△ACD 是直角三角形,∠ABD= ∠CBD,AB=BD.(1) 证明:平面ACD⊥平面 ABC;(2) 过 AC 的平面交 BD 于点 E,若平面 AEC 把四面体 ABCD 分成体积相等的两部分,求二面角 D –AE –C 的余弦值.16.如图,在四棱锥 P-ABCD 中,底面 ABCD 为正方形,平面PAD⊥平面 ABCD,点 M在线段 PB 上, PD//平面 MAC, PA=PD= 6, AB=4.(I)求证: M 为 PB 的中点;(II)求二面角 B-PD-A 的大小;(III)求直线 MC 与平面 BDP 所成角的正弦值.17.如图,在三棱锥 P-ABC 中,PA⊥底面 ABC,三BAC = 90o .点 D, E, N 分别为棱PA, PC, BC 的中点, M 是线段 AD 的中点, PA=AC=4, AB=2.(Ⅰ)求证: MN∥平面BDE;(Ⅱ)求二面角 C-EM-N 的正弦值;7(Ⅲ) 已知点 H 在棱 PA 上,且直线 NH 与直线 BE 所成角的余弦值为,求线段 AH21的长.18.如图,几何体是圆柱的一部分,它是由矩形为旋转轴旋转得到的,是的中点.(Ⅰ)设是(Ⅱ)当上的一点,且,求的大小;,,求二面角的大小.(及其内部) 以边所在直线19. (本题满分 15 分)如图,已知四棱 P–ABCD,△PAD 是以 AD 为斜边的等腰直角三角形,BC∥AD,D⊥AD, PC=AD=2DC=2CB, E 为 PD 的中点.(Ⅰ)证明:CE∥平面PAB;(Ⅱ)求直线CE 与平面PBC 所成角的正弦值.。

高中立体几何证明题

高中立体几何证明题

高中立体几何证明题一、线面平行的证明题1已知正方体ABCD - A_{1}B_{1}C_{1}D_{1},E,F分别是AB,BC的中点,求证:EF∥平面A_{1}C_{1}D。

解析1. 连接AC。

- 在 ABC中,因为E,F分别是AB,BC的中点,所以EF∥ AC。

2. 正方体ABCD - A_{1}B_{1}C_{1}D_{1}中:- AC∥ A_{1}C_{1}。

- 由EF∥ AC和AC∥ A_{1}C_{1}可得EF∥ A_{1}C_{1}。

- 又A_{1}C_{1}⊂平面A_{1}C_{1}D,EFnot⊂平面A_{1}C_{1}D。

- 根据线面平行的判定定理,所以EF∥平面A_{1}C_{1}D。

题2在三棱柱ABC - A_{1}B_{1}C_{1}中,D是AB的中点,求证:AC_{1}∥平面CDB_{1}。

解析1. 连接BC_{1},交B_{1}C于点E。

- 在三棱柱ABC - A_{1}B_{1}C_{1}中,E为BC_{1}的中点。

2. 因为D是AB的中点:- 所以在 ABC_{1}中,DE∥ AC_{1}。

- 又DE⊂平面CDB_{1},AC_{1}not⊂平面CDB_{1}。

- 根据线面平行的判定定理,可得AC_{1}∥平面CDB_{1}。

二、线面垂直的证明题3在四棱锥P - ABCD中,底面ABCD是正方形,PA = PB = PC = PD,求证:PA⊥平面ABCD。

解析1. 连接AC,BD交于点O,连接PO。

- 因为底面ABCD是正方形,所以O为AC,BD中点。

- 又PA = PC,PB = PD,根据等腰三角形三线合一的性质:- 可得PO⊥ AC,PO⊥ BD。

- 而AC∩ BD = O,AC⊂平面ABCD,BD⊂平面ABCD。

- 根据直线与平面垂直的判定定理,所以PO⊥平面ABCD。

- 又PA = PB = PC = PD,AO = BO = CO = DO,所以 PAO≅ PBO≅ PCO ≅ PDO。

立体几何证明及答案

立体几何证明及答案

○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………… 学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________ ○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………… 1.(本小题满分12分)如图, 四棱柱1111ABCD A B C D -的底面ABCD 是正方形, O 为底面中心,1 AO ⊥平面ABCD ,12,2AB AA ==. (1)证明:1AA BD ⊥; (2)证明: 平面1//A BD 平面11;CD B 2.(本小题满分12分)正方体1111D C B A ABCD -的棱长为l ,点F 、H 分别为A 1D 、A 1C 的中点. (1)证明:A 1B ∥平面AFC ; (2)证明:B 1H ⊥平面AFC . 4.(本题满分14分)如图,ABCD 是正方形,O 是正方形的中心,PO ⊥底面ABCD ,E 是PC 的中点.求证:(1)PA //平面BDE ;(2)平面PAC ⊥平面BDE . 5.如图,四棱锥ABCD P -的底面是正方形,侧棱PD ⊥平面ABCD ,M 、N 分别是AB 、PC 的中点. A B CD A 1 B 1 C 1 D 1 O PE D A B C O○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………… ※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………… (1)求证://MN 平面PAD ;(2)求证:PCD PBC ⊥平面平面.6.如图,在四面体ABCD 中,CB CD AD BD =⊥,,点E F ,分别是AB BD ,的中点.求证:(1)直线//EF 面ACD ;(2)平面EFC ⊥面BCD .7.如图,在直三棱柱111ABC A B C -中,1AA AC =,且11BC AC ⊥.(1)求证:平面1ABC ⊥平面11A ACC ;(2)若,D E 分别为是11A C 和1BB 的中点,求证:DE ‖平面1ABC .8.如图,在直三棱柱ABC-A 1B 1C 1中,A 1B 1=A 1C 1,D ,E 分别是棱BC ,CC 1上的点(点D 不同于点C ),且AD ⊥DE ,F 为B 1C 1的中点.求证:P M D C B A N○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………… 学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________ ○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………… (1)平面ADE ⊥平面BCC 1B 1; (2)直线A 1F ∥平面ADE .参考答案1.(1)详见解析;(2)详见解析;(3)3.【解析】试题分析:(1)由题意BD ⊥AC ,因为A 1O ⊥平面ABCD 可知A 1O ⊥BD ,可证BD ⊥面A 1AC 即可证明结论;(2)由于A 1B 1∥AB ,AB ∥CD ,可得A 1B 1∥CD ,又A 1B 1=CD ,可得四边形A 1B 1CD 是平行四边形所以A 1D ∥B 1C , 同理可证A 1B ∥CD 1,利用面面平行判定定理即可证明结结论; (3) 由于A 1O ⊥面ABCD 故A 1O 是三棱柱A 1B 1D 1-ABD 的高.又在RT △A 1OA 中,AA 1=2,AO = 1 ,可得A 1O=3,根据柱体体积公式即可求出三棱柱ABD-A 1B 1D 1的体积.试题解析:(1)证明:∵底面ABCD 是正方形 ∴BD ⊥AC又∵A 1O ⊥平面ABCD BD ⊂面ABCD ∴A 1O ⊥BD又∵A 1O∩AC=O A 1O ⊂面A 1AC ,AC ⊂面A 1AC∴BD ⊥面A 1AC AA 1⊂面A 1AC∴AA 1⊥BD 4分(2)∵A 1B 1∥AB AB ∥CD ∴A 1B 1∥CD 又A 1B 1=CD ∴四边形A 1B 1CD 是平行四边形 ∴A 1D ∥B 1C 同理A 1B ∥CD 1∵A 1B ⊂平面A 1BD, A 1D ⊂平面A 1BD, CD 1⊂平面CD 1B 1, B 1C ⊂平面CD 1B且A 1B∩ A 1D=A 1 CD 1∩B 1C=C∴平面A 1BD // 平面CD 1B 1 8分(3) ∵A 1O ⊥面ABCD ∴A 1O 是三棱柱A 1B 1D 1-ABD 的高.在正方形AB CD 中,AO = 1 .在RT △A 1OA 中,AA 1=2,AO = 1 ∴A 1O=3 ∴21(2)1 (332)ABD V S AO ===三棱柱 所以, 三棱柱ABD-A 1B 1D 1的体积为3. 12分.考点:1.线面垂直的判定;2.面面平行的判定;3.柱体的体积公式.2.(1)见解析;(2)见解析.【解析】试题分析:(1)利用中点,结合三角形的中位线性质,只需取AC 中点E ,证A 1B ∥EF 即可;(2)注意到B 1H 即B 1D ,只需证B 1D 与AF 、AC 均垂直即可.试题解析:(1)连BD 交AC 于点E ,则E 为BD 的中点,连EF ,又F 为A 1D 的中点,所以EF ∥A 1B , 3分又⊂EF 平面AFC ,⊄B A 1平面AFC ,由线面平行的判断定理可得A 1B ∥平面AFC 5分(2)连B 1C ,在正方体中A 1B 1CD 为长方形,∵H 为A 1C 的中点 ,∴H 也是B 1D 的中点,∴只要证⊥D B 1平面ACF 即可 6分由正方体性质得BD AC ⊥,B B AC 1⊥,∴⊥AC 平面B 1BD ,∴D B AC 1⊥ 9分又F 为A 1D 的中点,∴D A AF 1⊥,又11B A AF ⊥,∴⊥AF 平面A 1B 1D ,∴D B AF 1⊥,又AF 、AC 为平面ACF 内的相交直线, 11分∴⊥D B 1平面ACF.即⊥H B 1平面ACF. 12分考点:空间几何体,线面关系3. 见解析.【解析】试题分析:(1)证明线面平行,要找线线平行,在平面1AB D 内找一直线与1AC 平行即可.连1A B 交1AB于O,连OD ,则OD||1AC 即证.(2)依题意可得AD ⊥平面11BCC B ,故AD ⊥1BC .在矩形11BCC B 中,由条件可证111BDB BB C ∆∆,从而得11BC DB ⊥,故可得1BC ⊥平面1AB D . 试题解析:(1)连接11,A B AB O OD ⋂=连接1111//,,AC OD OD AB D AC AB D ⊂⊄面面 11//AC AB D 面 6分(漏线不在面内扣2分)(2)设D 为BC 中点,∴AD ⊥BC ,正三棱柱中,11BB ABC AD ABC AD BB ⊥⊂∴⊥面,面,,1111,BC BB B BC BB BCC B =⊂,平面111111,,AD BCC B BC BCC B AD BC ∴⊥⊂∴⊥平面平面 9分设11B D BC F =111DBB BB C 直角和直角中,1111111222BB BD DBB BB C BB B C ===∴,111,90,90BDF C BB CBB FBD BDF FBD ∴∠=∠∠+∠=∴∠+∠=又11BC B D ∴⊥ 13分又1111,,,BC AD AD B D D AD B D AB D ⊥=⊂平面11BC AB D ∴⊥平面 16分考点:线面平行,线面垂直的判定与性质4.见解析【解析】试题分析:(1)连接OE ,OE||PA ,由直线与平面平行的判定定理,可证得PA||平面BDE ;(2)由PO ⊥底面ABCD ,可得PO ⊥BD ;底面为正方形,可得BD ⊥AC ,由直线和平面垂直的判定定理,可得BD ⊥平面PAC ,由面面垂直的判定定理,可证得平面PAC ⊥平面BDE . 试题解析:(1)连结OE Q O 是正方形的中心O AC \是的中点又Q E 是PC 的中点 \OE 是PCA V 的中位线 \ OE||PA又Q OE Ì 平面BDE,PA Ë 平面BDE \PA||平面BDE;(2)Q PO ⊥底面ABCD ,BD Ì平面ABCD \PO ⊥BD又Q BD ⊥AC AC PO O ?\BD ⊥平面PAC又Q BD Ì 平面BDE \平面PAC ⊥平面BDE .考点:平面与平面垂直的判定;直线与平面平行的判定.5.(1)证明见解析;(2)证明见解析【解析】试题分析:(1)证明线面平行常用方法:一是利用线面平行的判定定理,二是利用面面平行的性质定理,三是利用面面平行的性质,注意把证明的条件写齐全;(2)要证平面与平面垂直,需要证明直线与平面垂直,证明线面垂直的方法:一是线面垂直的判定定理;二是利用面面垂直的性质定理;三是平行线法(若两条平行线中的一条垂直于这个平面,则另一条也垂直于这个平面.解题时,注意线线、线面与面面关系的相互转化.试题解析:解:(1)取PD 的中点F ,连接FN AF ,点N 是PC 的中点DC FN //∴,且DC FN 21= 又 四边形ABCD 是正方形,且点M 是AB 的中点DC AM //∴,且DC AM 21=AM FN //∴,且AM FN =∴四边形FNMA 是平行四边形,FA MN //∴又⊄MN 平面PAD ,⊂FA 平面PAD//MN ∴平面PAD⊥PD 平面ABCD ,且⊂BC 平面ABCDBC PD ⊥∴四边形ABCD 是正方形,CD BC ⊥∴又D CD PD =⊥∴BC 平面PCD又⊂BC 平面PBC∴平面PCD ⊥平面PBC . 考点:1、直线与平面平行的判定;2、平面与平面垂直的判定.6.(1)见解析 (2)见解析【解析】试题分析:(1)利用线面平行的判断定理证明线面平行,首先说明线线平行,然后再说明线面平行.(2)证明面面垂直的方法是利用线面垂直的判定定理首先说明线面垂直,然后再说明平面经过这条直线即可证明面面垂直解题时,注意线线、线面与面面关系的相互转化. 试题解析:(1)∵E F ,分别是AB BD ,的中点.∴EF 是ABD ∆的中位线,∴AD EF //,∵//EF ⊄面ACD ,AD ⊂面ACD ,∴直线//EF 面ACD ;(2)∵BD AD ⊥,AD EF //,∴BD EF ⊥,∵CD CB =,F 是BD 的中点,∴BD CF ⊥又F CF EF =⋂, ∴BD ⊥面EFC ,∵BD ⊂面BCD ,∴面EFC ⊥面BCD考点:平面与平面垂直的判定;直线与平面平行的判定.7.(1)见解析;(2)见解析【解析】试题分析:(1)由已知易知11A ACC 为正方形,可证A 1C ⊥平面ABC 1 ,因此平面ABC 1⊥平面11A ACC ;(2)方法一:取1A A 中点F ,连EF ,FD ,易知平面EFD ∥平面1ABC ,所以ED ∥平面1ABC ;方法二:A 1C 交AC 1于G 点连BG ,易证四边形BEDG 为平行四边形,可证DE ∥平面ABC 1.试题解析:(1)证明:在直三棱柱111ABC A B C -中,有1A A ⊥平ABC .AC ABC ⊂面 ∴1A A AC ⊥, 又1A A AC =,∴11A ACC 为正方形,∴11A C AC ⊥ .又BC 1⊥A 1C ,且111AC BC C = ∴A 1C ⊥平面ABC 1 ,而1AC ⊂面11A ACC 则平面ABC 1⊥平面11A ACC(2)方法一:取1A A 中点F ,连EF ,FD ,EF AB ,DF ∥1AC即平面EFD ∥平面1ABC , 则有ED ∥平面1ABC方法二:A 1C 交AC 1于G 点连BG , BE DG ,则有DE ∥BG ,即DE ∥平面ABC 1.考点:面面垂直的判定定理与线面平行的判定定理8.(1)见试题解析;(2)见试题解析。

高中数学立体几何证明题练习卷

高中数学立体几何证明题练习卷

高中数学立体几何证明题练习卷立体几何作为高中数学的重要组成部分,其中的证明题对于同学们的空间想象能力、逻辑推理能力以及数学语言的运用能力都有着较高的要求。

为了帮助同学们更好地掌握这部分知识,提高解题能力,特编制此练习卷。

一、选择题1、已知直线\(a\),\(b\)和平面\(\alpha\),若\(a\perp b\),\(a\perp\alpha\),则()A \(b\parallel\alpha\)B \(b\subset\alpha\)C \(b\perp\alpha\)D \(b\)与\(\alpha\)相交或\(b\subset\alpha\)2、设\(\alpha\),\(\beta\)是两个不同的平面,\(l\),\(m\)是两条不同的直线,且\(l\subset\alpha\),\(m\subset\beta\),则下列命题中正确的是()A 若\(l\parallel\beta\),则\(\alpha\parallel\beta\)B 若\(\alpha\perp\beta\),则\(l\perp m\)C 若\(l\perp m\),则\(\alpha\perp\beta\)D 若\(\alpha\parallel\beta\),则\(l\parallel m\)3、在正方体\(ABCD A_{1}B_{1}C_{1}D_{1}\)中,\(E\)为\(A_{1}C_{1}\)的中点,则异面直线\(AE\)与\(CD_{1}\)所成角的余弦值为()A \(\dfrac{\sqrt{2}}{6}\)B \(\dfrac{\sqrt{3}}{6}\)C \(\dfrac{\sqrt{6}}{6}\)D \(\dfrac{\sqrt{10}}{6}\)二、填空题1、已知正三棱柱\(ABC A_{1}B_{1}C_{1}\)的各棱长都为\(2\),\(E\),\(F\)分别是\(AB\),\(A_{1}C_{1}\)的中点,则\(EF\)的长为________。

2024届新高考数学大题精选30题--立体几何含答案

2024届新高考数学大题精选30题--立体几何含答案

大题立体几何1(2024·黑龙江·二模)如图,已知正三棱柱ABC-A1B1C1的侧棱长和底面边长均为2,M是BC的中点,N是AB1的中点,P是B1C1的中点.(1)证明:MN⎳平面A1CP;(2)求点P到直线MN 的距离.2(2024·安徽合肥·二模)如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是边长为2的菱形,∠BAD=60°,M是侧棱PC的中点,侧面PAD为正三角形,侧面PAD⊥底面ABCD.(1)求三棱锥M-ABC的体积;(2)求AM与平面PBC所成角的正弦值.2024届新高考数学大题精选30题--立体几何3(2023·福建福州·模拟预测)如图,在三棱柱ABC-A1B1C1中,平面AA1C1C⊥平面ABC,AB= AC=BC=AA1=2,A1B=6.(1)设D为AC中点,证明:AC⊥平面A1DB;(2)求平面A1AB1与平面ACC1A1夹角的余弦值.4(2024·山西晋中·三模)如图,在六面体ABCDE中,BC=BD=6,EC⊥ED,且EC=ED= 2,AB平行于平面CDE,AE平行于平面BCD,AE⊥CD.(1)证明:平面ABE⊥平面CDE;(2)若点A到直线CD的距离为22,F为棱AE的中点,求平面BDF与平面BCD夹角的余弦值.5(2024·辽宁·二模)棱长均为2的斜三棱柱ABC-A1B1C1中,A1在平面ABC内的射影O在棱AC的中点处,P为棱A1B1(包含端点)上的动点.(1)求点P到平面ABC1的距离;(2)若AP⊥平面α,求直线BC1与平面α所成角的正弦值的取值范围.6(2024·重庆·模拟预测)在如图所示的四棱锥P-ABCD中,已知AB∥CD,∠BAD=90°,CD= 2AB,△PAB是正三角形,点M在侧棱PB上且使得PD⎳平面AMC.(1)证明:PM=2BM;(2)若侧面PAB⊥底面ABCD,CM与底面ABCD所成角的正切值为311,求二面角P-AC-B的余弦值.7(2024·安徽·模拟预测)2023年12月19日至20日,中央农村工作会议在北京召开,习近平主席对“三农”工作作出指示.某地区为响应习近平主席的号召,积极发展特色农业,建设蔬菜大棚.如图所示的七面体ABG-CDEHF是一个放置在地面上的蔬菜大棚钢架,四边形ABCD是矩形,AB=8m,AD=4m,ED=CF=1m,且ED,CF都垂直于平面ABCD,GA=GB=5m,HE=HF,平面ABG⊥平面ABCD.(1)求点H到平面ABCD的距离;(2)求平面BFHG与平面AGHE所成锐二面角的余弦值.8(2024·重庆·模拟预测)如图,ACDE为菱形,AC=BC=2,∠ACB=120°,平面ACDE⊥平面ABC,点F在AB上,且AF=2FB,M,N分别在直线CD,AB上.(1)求证:CF⊥平面ACDE;(2)把与两条异面直线都垂直且相交的直线叫做这两条异面直线的公垂线,若∠EAC=60°,MN为直线CD,AB的公垂线,求ANAF的值;(3)记直线BE与平面ABC所成角为α,若tanα>217,求平面BCD与平面CFD所成角余弦值的范围.9(2024·安徽·二模)将正方形ABCD 绕直线AB 逆时针旋转90°,使得CD 到EF 的位置,得到如图所示的几何体.(1)求证:平面ACF ⊥平面BDE ;(2)点M 为DF 上一点,若二面角C -AM -E 的余弦值为13,求∠MAD .10(2024·安徽黄山·二模)如图,已知AB 为圆台下底面圆O 1的直径,C 是圆O 1上异于A ,B 的点,D 是圆台上底面圆O 2上的点,且平面DAC ⊥平面ABC ,DA =DC =AC =2,BC =4,E 是CD 的中点,BF =2FD .(1)证明:DO 2⎳BC ;(2)求直线DB 与平面AEF 所成角的正弦值.11(2024·黑龙江哈尔滨·一模)正四棱台ABCD -A 1B 1C 1D 1的下底面边长为22,A 1B 1=12AB ,M 为BC 中点,已知点P 满足AP =1-λ AB +12λ⋅AD +λAA 1 ,其中λ∈0,1 .(1)求证D 1P ⊥AC ;(2)已知平面AMC 1与平面ABCD 所成角的余弦值为37,当λ=23时,求直线DP 与平面AMC 1所成角的正弦值.12(2024·辽宁·三模)如图,在三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,侧面ACC 1A 1⊥底面ABC ,AC =AA 1=2,AB =1,BC =3,点E 为线段AC 的中点.(1)求证:AB 1∥平面BEC 1;(2)若∠A 1AC =π3,求二面角A -BE -C 1的余弦值.13(2024·广东广州·一模)如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是边长为2的菱形,△DCP是等边三角形,∠DCB=∠PCB=π4,点M,N分别为DP和AB的中点.(1)求证:MN⎳平面PBC;(2)求证:平面PBC⊥平面ABCD;(3)求CM与平面PAD所成角的正弦值.14(2024·广东梅州·二模)如图,在四棱锥P-ABCD中,平面PAD⊥平面ABCD,底面ABCD 为直角梯形,△PAD为等边三角形,AD⎳BC,AD⊥AB,AD=AB=2BC=2.(1)求证:AD⊥PC;(2)点N在棱PC上运动,求△ADN面积的最小值;(3)点M为PB的中点,在棱PC上找一点Q,使得AM⎳平面BDQ,求PQQC的值.15(2024·广东广州·模拟预测)如图所示,圆台O1O2的轴截面A1ACC1为等腰梯形,AC=2AA1= 2A1C1=4,B为底面圆周上异于A,C的点,且AB=BC,P是线段BC的中点.(1)求证:C1P⎳平面A1AB.(2)求平面A1AB与平面C1CB夹角的余弦值.16(2024·广东深圳·二模)如图,三棱柱ABC-A1B1C1中,侧面BB1C1C⊥底面ABC,且AB= AC,A1B=A1C.(1)证明:AA1⊥平面ABC;(2)若AA1=BC=2,∠BAC=90°,求平面A1BC与平面A1BC1夹角的余弦值.17(2024·河北保定·二模)如图,在四棱锥P -ABCD 中,平面PCD 内存在一条直线EF 与AB 平行,PA ⊥平面ABCD ,直线PC 与平面ABCD 所成的角的正切值为32,PA =BC =23,CD =2AB =4.(1)证明:四边形ABCD 是直角梯形.(2)若点E 满足PE =2ED ,求二面角P -EF -B 的正弦值.18(2024·湖南衡阳·模拟预测)如图,在圆锥PO 中,P 是圆锥的顶点,O 是圆锥底面圆的圆心,AC 是圆锥底面圆的直径,等边三角形ABD 是圆锥底面圆O 的内接三角形,E 是圆锥母线PC 的中点,PO =6,AC =4.(1)求证:平面BED ⊥平面ABD ;(2)设点M 在线段PO 上,且OM =2,求直线DM 与平面ABE 所成角的正弦值.19(2024·湖南岳阳·三模)已知四棱锥P -ABCD 的底面ABCD 是边长为4的菱形,∠DAB =60°,PA =PC ,PB =PD =210,M 是线段PC 上的点,且PC =4MC .(1)证明:PC ⊥平面BDM ;(2)点E 在直线DM 上,求BE 与平面ABCD 所成角的最大值.20(2024·湖南·二模)如图,直四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1的底面是边长为2的菱形,∠ABC =60°,BD 1⊥平面A 1C 1D .(1)求四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1的体积;(2)设点D 1关于平面A 1C 1D 的对称点为E ,点E 和点C 1关于平面α对称(E 和α未在图中标出),求平面A 1C 1D 与平面α所成锐二面角的大小.21(2024·山东济南·二模)如图,在四棱锥P-ABCD中,四边形ABCD为直角梯形,AB∥CD,∠DAB=∠PCB=60°,CD=1,AB=3,PC=23,平面PCB⊥平面ABCD,F为线段BC的中点,E为线段PF上一点.(1)证明:PF⊥AD;(2)当EF为何值时,直线BE与平面PAD夹角的正弦值为74.22(2024·山东潍坊·二模)如图1,在平行四边形ABCD中,AB=2BC=4,∠ABC=60°,E为CD 的中点,将△ADE沿AE折起,连结BD,CD,且BD=4,如图2.(1)求证:图2中的平面ADE⊥平面ABCE;(2)在图2中,若点F在棱BD上,直线AF与平面ABCE所成的角的正弦值为3010,求点F到平面DEC 的距离.23(2024·福建·模拟预测)如图,在三棱锥P-ABC中,PA⊥PB,AB⊥BC,AB=3,BC=6,已知二面角P-AB-C的大小为θ,∠PAB=θ.(1)求点P到平面ABC的距离;(2)当三棱锥P-ABC的体积取得最大值时,求:(Ⅰ)二面角P-AB-C的余弦值;(Ⅱ)直线PC与平面PAB所成角.24(2024·浙江杭州·二模)如图,在多面体ABCDPQ中,底面ABCD是平行四边形,∠DAB=60°, BC=2PQ=4AB=4,M为BC的中点,PQ∥BC,PD⊥DC,QB⊥MD.(1)证明:∠ABQ=90°;(2)若多面体ABCDPQ的体积为152,求平面PCD与平面QAB夹角的余弦值.25(2024·浙江嘉兴·二模)在如图所示的几何体中,四边形ABCD为平行四边形,PA⊥平面ABCD,PA∥QD,BC=2AB=2PA=2,∠ABC=60°.(1)证明:平面PCD⊥平面PAC;(2)若PQ=22,求平面PCQ与平面DCQ夹角的余弦值.26(2024·浙江绍兴·二模)如图,在三棱锥P-ABC中,AB=4,AC=2,∠CAB=60°,BC⊥AP.(1)证明:平面ACP⊥平面ABC;(2)若PA=2,PB=4,求二面角P-AB-C的平面角的正切值.27(2024·河北沧州·一模)如图,在正三棱锥A -BCD 中,BC =CD =BD =4,点P 满足AP=λAC ,λ∈(0,1),过点P 作平面α分别与棱AB ,BD ,CD 交于Q ,S ,T 三点,且AD ⎳α,BC ⎳α.(1)证明:∀λ∈(0,1),四边形PQST 总是矩形;(2)若AC =4,求四棱锥C -PQST 体积的最大值.28(2024·湖北·二模)如图1.在菱形ABCD 中,∠ABC =120°,AB =4,AE =λAD ,AF =λAB(0<λ<1),沿EF 将△AEF 向上折起得到棱锥P -BCDEP .如图2所示,设二面角P -EF -B 的平面角为θ.(1)当λ为何值时,三棱锥P -BCD 和四棱锥P -BDEF 的体积之比为95(2)当θ为何值时,∀λ∈0,1 ,平面PEF 与平面PFB 的夹角φ的余弦值为5529(2024·湖北·模拟预测)空间中有一个平面α和两条直线m ,n ,其中m ,n 与α的交点分别为A ,B ,AB =1,设直线m 与n 之间的夹角为π3,(1)如图1,若直线m ,n 交于点C ,求点C 到平面α距离的最大值;(2)如图2,若直线m ,n 互为异面直线,直线m 上一点P 和直线n 上一点Q 满足PQ ⎳α,PQ ⊥n 且PQ ⊥m ,(i )求直线m ,n 与平面α的夹角之和;(ii )设PQ =d 0<d <1 ,求点P 到平面α距离的最大值关于d 的函数f d .30(2024·浙江绍兴·模拟预测)如图所示,四棱台ABCD -A 1B 1C 1D 1,底面ABCD 为一个菱形,且∠BAD =120°. 底面与顶面的对角线交点分别为O ,O 1. AB =2A 1B 1=2,BB 1=DD 1=392,AA 1与底面夹角余弦值为3737.(1)证明:OO 1⊥平面ABCD ;(2)现将顶面绕OO 1旋转θ角,旋转方向为自上而下看的逆时针方向. 此时使得底面与DC 1的夹角正弦值为64343,此时求θ的值(θ<90°);(3)求旋转后AA 1与BB 1的夹角余弦值.大题 立体几何1(2024·黑龙江·二模)如图,已知正三棱柱ABC -A 1B 1C 1的侧棱长和底面边长均为2,M 是BC 的中点,N 是AB 1的中点,P 是B 1C 1的中点.(1)证明:MN ⎳平面A 1CP ;(2)求点P 到直线MN 的距离.【答案】(1)证明见解析(2)3【分析】(1)建立如图空间直角坐标系A -xyz ,设平面A 1CP 的一个法向量为n=(x ,y ,z ),利用空间向量法证明MN ⋅n=0即可;(2)利用空间向量法即可求解点线距.【详解】(1)由题意知,AA 1⊥平面ABC ,∠BAC =60°,而AB ⊂平面ABC ,所以AA 1⊥AB ,在平面ABC 内过点A 作y 轴,使得AB ⊥y 轴,建立如图空间直角坐标系A -xyz ,则A (0,0,0),B (2,0,0),C (1,3,0),A 1(0,0,2),B 1(2,0,2),得M 32,32,0,N (1,0,1),P 32,32,2,所以A 1C =(1,3,-2),A 1P =32,32,0 ,MN =-12,-32,1 ,设平面A1CP 的一个法向量为n=(x ,y ,z ),则n ⋅A 1C=x +3y -2z =0n ⋅A 1P =32x +32y =0,令x =1,得y =-3,z =-1,所以n=(1,-3,-1),所以MN ⋅n =-12×1+-32×(-3)+1×(-1)=0,又MN 不在平面A 1CP 内即MN ⎳平面A 1CP ;(2)如图,连接PM ,由(1)得PM =(0,0,-2),则MN ⋅PM =-2,MN =2,PM =2,所以点P 到直线MN 的距离为d =PM 2-MN ⋅PMPM2= 3.2(2024·安徽合肥·二模)如图,在四棱锥P -ABCD 中,底面ABCD 是边长为2的菱形,∠BAD =60°,M 是侧棱PC 的中点,侧面PAD 为正三角形,侧面PAD ⊥底面ABCD .(1)求三棱锥M -ABC 的体积;(2)求AM 与平面PBC 所成角的正弦值.【答案】(1)12(2)3311.【分析】(1)作出辅助线,得到线线垂直,进而得到线面垂直,由中位线得到M 到平面ABCD 的距离为32,进而由锥体体积公式求出答案;(2)证明出BO ⊥AD ,建立空间直角坐标系,求出平面的法向量,进而由法向量的夹角余弦值的绝对值求出线面角的正弦值.【详解】(1)如图所示,取AD 的中点O ,连接PO .因为△PAD 是正三角形,所以PO ⊥AD .又因为平面PAD ⊥底面ABCD ,PO ⊂平面PAD ,平面PAD ∩平面ABCD =AD ,所以PO ⊥平面ABCD ,且PO =3.又因为M 是PC 的中点,M 到平面ABCD 的距离为32,S △ABC =12×2×2×sin 2π3=3,所以三棱锥M -ABC 的体积为13×3×32=12.(2)连接BO ,BD ,因为∠BAD =π3,所以△ABD 为等边三角形,所以BO ⊥AD ,以O 为原点,OA ,OB ,OP 所在直线分别为x 轴,y 轴,z 轴,建立如图所示的空间直角坐标系,则P 0,0,3 ,A 1,0,0 ,B 0,3,0 ,C -2,3,0 ,所以M -1,32,32 ,AM =-2,32,32,PB =0,3,-3 ,BC =-2,0,0 .设平面PBC 的法向量为n=x ,y ,z ,则PB ⋅n =0BC ⋅n =0,即3y -3z =0-2x =0 ,解得x =0,取z =1,则y =1,所以n=0,1,1 .设AM 与平面PBC 所成角为θ,则sin θ=cos AM ,n =AM ⋅nAM ⋅n=-2,32,32 ⋅0,1,14+34+34×1+1=3311.即AM 与平面PBC 所成角的正弦值为3311.3(2023·福建福州·模拟预测)如图,在三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,平面AA 1C 1C ⊥平面ABC ,AB =AC =BC =AA 1=2,A 1B =6.(1)设D 为AC 中点,证明:AC ⊥平面A 1DB ;(2)求平面A 1AB 1与平面ACC 1A 1夹角的余弦值.【答案】(1)证明见解析;(2)55【分析】(1)根据等边三角形的性质得出BD ⊥AC ,根据平面ACC 1A 1⊥平面ABC 得出BD ⊥平面ACC 1A 1,BD ⊥A 1D ,利用勾股定理得出AC ⊥A 1D ,从而证明AC ⊥平面A 1DB ;(2)建立空间直角坐标系,利用坐标表示向量,求出平面A 1AB 1的法向量和平面ACC 1A 1的一个法向量,利用向量求平面A 1AB 1与平面ACC 1A 1的夹角余弦值.【详解】(1)证明:因为D 为AC 中点,且AB =AC =BC =2,所以在△ABC 中,有BD ⊥AC ,且BD =3,又平面ACC 1A 1⊥平面ABC ,且平面ACC 1A 1∩平面ABC =AC ,BD ⊂平面ABC ,所以BD ⊥平面ACC 1A 1,又A 1D ⊂平面ACC 1A 1,则BD ⊥A 1D ,由A 1B =6,BD =3,得A 1D =3,因为AD =1,AA 1=2,A 1D =3,所以由勾股定理,得AC ⊥A 1D ,又AC ⊥BD ,A 1D ∩BD =D ,A 1D ,BD ⊂平面A 1DB ,所以AC ⊥平面A 1DB ;(2)如图所示,以D 为原点,建立空间直角坐标系D -xyz ,可得A (1,0,0),A 1(0,0,3),B (0,3,0),则AA 1 =-1,0,3 ,AB=-1,3,0 ,设平面A 1AB 1的法向量为n=(x ,y ,z ),由n ⋅AA 1=-x +3z =0n ⋅AB=-x +3y =0,令x =3,得y =1,z =1,所以n=3,1,1 ,由(1)知,BD ⊥平面ACC 1A 1,所以平面ACC 1A 1的一个法向量为BD=(0,-3,0),记平面A 1AB 1与平面ACC 1A 1的夹角为α,则cos α=|n ⋅BD ||n ||BD |=35×3=55,所以平面A 1AB 1与平面ACC 1A 1夹角的余弦值为55.4(2024·山西晋中·三模)如图,在六面体ABCDE 中,BC =BD =6,EC ⊥ED ,且EC =ED =2,AB 平行于平面CDE ,AE 平行于平面BCD ,AE ⊥CD .(1)证明:平面ABE ⊥平面CDE ;(2)若点A 到直线CD 的距离为22,F 为棱AE 的中点,求平面BDF 与平面BCD 夹角的余弦值.【答案】(1)证明见解析(2)10535【分析】(1)设平面ABE 与直线CD 交于点M ,使用线面平行的性质,然后用面面垂直的判定定理即可;(2)证明BE ⊥平面CDE ,然后构造空间直角坐标系,直接用空间向量方法即可得出结果.【详解】(1)设平面ABE 与直线CD 交于点M ,连接ME ,MB ,则平面ABE 与平面CDE 的交线为ME ,平面ABE 与平面BCD 的交线为MB ,因为AB 平行于平面CDE ,AB ⊂平面ABE ,平面ABE 和平面CDE 的交线为ME ,所以AB ∥ME .同理AE ∥MB ,所以四边形ABME 是平行四边形,故AE ∥MB ,AB ∥ME .因为CD ⊥AE ,AE ∥MB ,所以CD ⊥MB ,又BC =BD =6,所以M 为棱CD 的中点在△CDE 中,EC =ED ,MC =MD ,所以CD ⊥ME ,由于AB ∥ME ,故CD ⊥AB .而CD ⊥AE ,AB ∩AE =A ,AB ,AE ⊂平面ABE ,所以CD ⊥平面ABE ,又CD ⊂平面CDE ,所以平面ABE ⊥平面CDE .(2)由(1)可知,CD ⊥平面ABME ,又AM ⊂平面ABME ,所以CD ⊥AM .而点A 到直线CD 的距离为22,故AM =2 2.在等腰直角三角形CDE 中,由EC =ED =2,得CD =2,MC =MD =ME =1.在等腰三角形BCD 中,由MC =MD =1,BC =BD =6,得BM = 5.在平行四边形ABME 中,AE =BM =5,AB =EM =1,AM =22,由余弦定理得cos ∠MEA =EM 2+AE 2-AM 22EM ·AE=-55,所以cos ∠BME =55,所以BE =BM 2+EM 2-2BM ·EM cos ∠BME =2.因为BE 2+ME 2=22+12=5 2=BM 2,所以BE ⊥ME .因为平面ABME ⊥平面CDE ,平面ABME 和平面CDE 的交线为ME ,BE 在平面ABME 内.所以BE ⊥平面CDE .如图,以E 为坐标原点,EC ,ED ,EB 分别为x ,y ,z 轴正方向,建立空间直角坐标系.则E 0,0,0 ,C 2,0,0 ,D 0,2,0 ,B 0,0,2 ,A -22,-22,2 ,F -24,-24,1.所以CD =-2,2,0 ,DB =0,-2,2 ,FB =24,24,1 .设平面BCD 的法向量为m=x 1,y 1,z 1 ,则m ⋅CD=0m ⋅DB =0,即-2x 1+2y 1=0-2y 1+2z 1=0 .则可取x 1=2,得m=2,2,2 .设平面BDF 的法向量为n =x 2,y 2,z 2 ,则n ⋅FB =0n ⋅DB=0,即24x 2+24y 2+z 2=0-2y 2+2z 2=0.取z 2=1,则n=-32,2,1 .设平面BDF 与平面BCD 的夹角为θ,则cos θ=m ⋅n m ⋅n =-3210×21=10535.所以平面BDF 与平面BCD 夹角的余弦值为10535.5(2024·辽宁·二模)棱长均为2的斜三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,A 1在平面ABC 内的射影O 在棱AC 的中点处,P 为棱A 1B 1(包含端点)上的动点.(1)求点P 到平面ABC 1的距离;(2)若AP ⊥平面α,求直线BC 1与平面α所成角的正弦值的取值范围.【答案】(1)23913;(2)25,104.【分析】(1)以O 为原点建立空间直角坐标系,求出平面ABC 1的法向量,再利用点到平面距离的向量求法求解即得.(2)由向量共线求出向量AP的坐标,再利用线面角的向量求法列出函数关系,并求出函数的值域即可.【详解】(1)依题意,A 1O ⊥平面ABC ,OB ⊥AC (底面为正三角形),且A 1O =OB =3,以O 为原点,OB ,OC ,OA 1的方向分别为x ,y ,z 轴的正方向,建立空间直角坐标系,如图,则O (0,0,0),A (0,-1,0),B (3,0,0),C (0,1,0),A 1(0,0,3),C 1(0,2,3),AC 1 =(0,3,3),BC 1 =(-3,2,3),AA 1 =(0,1,3),由A 1B 1⎳AB ,A 1B 1⊄平面ABC 1,AB ⊂平面ABC 1,则A 1B 1⎳平面ABC 1,即点P 到平面ABC 1的距离等于点A 1到平面ABC 1的距离,设n =(x ,y ,z )为平面ABC 1的一个法向量,由n ⋅AC 1=3y +3z =0n ⋅BC 1=-3x +2y +3z =0,取z =3,得n=(1,-3,3),因此点A 1到平面ABC 1的距离d =|AA 1 ⋅n||n |=2313=23913,所以点P 到平面ABC 1的距离为23913.(2)设A 1P =λA 1B 1 ,λ∈[0,1],则AP =AA 1 +A 1P =AA 1 +λAB=(0,1,3)+λ(3,1,0)=(3λ,1+λ,3),由AP ⊥α,得AP为平面α的一个法向量,设直线BC 1与平面α所成角为θ,则sin θ=|cos ‹BC 1 ,AP ›|=|BC 1 ⋅AP||BC 1 ||AP |=|5-λ|10⋅3λ2+(1+λ)2+3=5-λ25⋅2λ2+λ+2,令t =5-λ,则λ=5-t ,t ∈[4,5],则sin θ=t 25⋅2(5-t )2+(5-t )+2=t25⋅2t 2-21t +57=125⋅2-21t+57t 2=125571t-7382+576,由t ∈[4,5],得1t ∈15,14 ,于是571t -738 2+576∈225,516,25⋅571t -738 2+576∈2105,52 ,则sin θ∈25,104,所以直线BC 1与平面α所成角的正弦值的取值范围是25,104.6(2024·重庆·模拟预测)在如图所示的四棱锥P -ABCD 中,已知AB ∥CD ,∠BAD =90°,CD =2AB ,△PAB 是正三角形,点M 在侧棱PB 上且使得PD ⎳平面AMC .(1)证明:PM =2BM ;(2)若侧面PAB ⊥底面ABCD ,CM 与底面ABCD 所成角的正切值为311,求二面角P -AC -B 的余弦值.【答案】(1)证明见解析;(2)1010.【分析】(1)连接BD 与AC 交于点E ,连接EM ,由已知得AB CD=EBED ,由线面平行的性质得PD ∥EM ,根据三角形相似可得EB ED =BM PM=12,即PM =2BM(2)设AB 的中点O ,首先由已知得PO ⊥底面ABCD ,在△PAB 中过点M 作MF ∥PO 交AB 于点F ,得MF ⊥底面ABCD ,则∠MCF 为CM 与底面ABCD 所成角,在底面ABCD 上过点O 作OG ⊥AC 于点G ,则∠PGO 是二面角P -AC -B 的平面角,根据条件求解即可【详解】(1)证明:连接BD 与AC 交于点E ,连接EM ,在△EAB 与△ECD 中,∵AB ∥CD ,∴AB CD=EBED ,由CD =2AB ,得ED =2EB ,又∵PD ⎳平面AMC ,而平面PBD ∩平面AMC =ME ,PD ⊂平面PBD ,∴PD ∥EM ,∴在△PBD 中,EB ED =BM PM=12,∴PM =2BM ;(2)设AB 的中点O ,在正△PAB 中,PO ⊥AB ,而侧面PAB ⊥底面ABCD ,侧面PAB ∩底面ABCD =AB ,且PO ⊂平面PAB ,∴PO ⊥底面ABCD ,在△PAB 中过点M 作MF ⎳PO 交AB 于点F ,∴MF ⊥底面ABCD ,∴∠MCF 为CM 与底面ABCD 所成角,∴MF CF=311,设AB =6a ,则MF=3a,∴CF=11a,BF=MF3=a,则在直角梯形ABCD中,AF=5a,而CD=12a,则AD=11a2-12a-5a2=62a,在底面ABCD上过点O作OG⊥AC于点G,则∠PGO是二面角P-AC-B的平面角,易得OA=3a,AC=66a,在梯形ABCD中,由OAOG=ACAD⇒3aOG=66a62a,得OG=3a,在Rt△POG中,PG=30a,∴cos∠PGO=OGPG=1010.7(2024·安徽·模拟预测)2023年12月19日至20日,中央农村工作会议在北京召开,习近平主席对“三农”工作作出指示.某地区为响应习近平主席的号召,积极发展特色农业,建设蔬菜大棚.如图所示的七面体ABG-CDEHF是一个放置在地面上的蔬菜大棚钢架,四边形ABCD是矩形,AB=8m,AD=4m,ED=CF=1m,且ED,CF都垂直于平面ABCD,GA=GB=5m,HE=HF,平面ABG⊥平面ABCD.(1)求点H到平面ABCD的距离;(2)求平面BFHG与平面AGHE所成锐二面角的余弦值.【答案】(1)4(2)413【分析】(1)取AB,CD的中点M,N,证得平面ADE⎳平面MNHG,得到AE⎳GH,再由平面ABG⎳平面CDEHG,证得AG⎳EH,得到平行四边形AGHE,得到GH=AE,求得HN=4,结合HN⊥平面ABCD,即可求解;(2)以点N为原点,建立空间直角坐标系,分别求得平面BFHG和平面AGHE的法向量n =(1,3,4)和m =(1,-3,4),结合向量的夹角公式,即可求解.【详解】(1)如图所示,取AB,CD的中点M,N,连接GM,MN,HN,因为GA=GB,可得GM⊥AB,又因为平面ABG⊥平面ABCD,且平面ABG∩平面ABCD=AB,GM⊂平面ABG,所以GM⊥平面ABCD,同理可得:HN⊥平面ABCD,因为ED⊥平面ABCD,所以ED⎳HN,又因为ED⊄平面MNHG,HN⊂平面MNHG,所以ED⎳平面MNHG,因为MN⎳AD,且AD⊄平面MNHG,MN⊂平面MNHG,所以AD⎳平面MNHG,又因为AD∩DE=D,且AD,DE⊂平面ADE,所以平面ADE⎳平面MNHG,因为平面AEHG与平面ADE和平面MNHG于AE,GH,可得AE⎳GH,又由GM⎳HN,AB⎳CD,且AB∩GM=M和CD∩HN=N,所以平面ABG⎳平面CDEHG,因为平面AEHG与平面ABG和平面CDEHF于AG,EH,所以AG⎳EH,可得四边形AGHE 为平行四边形,所以GH =AE ,因为AE =AD 2+DE 2=42+12=17,所以GH =17,在直角△AMG ,可得GM =GB 2-AB 22=52-42=3,在直角梯形GMNH 中,可得HN =3+17-42=4,因为HN ⊥平面ABCD ,所以点H 到平面ABCD 的距离为4.(2)解:以点N 为原点,以NM ,NC ,NH 所在的直线分别为x ,y ,z 轴,建立空间直角坐标系,如图所示,则E (0,-4,1),F (0,4,1),G (4,0,3),H (0,0,4),可得HE =(0,-4,-3),HF =(0,4,-3),HG=(4,0,-1),设平面BFHG 的法向量为n=(x ,y ,z ),则n ⋅HG=4x -z =0n ⋅HF=4y -3z =0,取z =4,可得x =1,y =3,所以n=(1,3,4),设平面AGHE 的法向量为m=(a ,b ,c ),则m ⋅HG=4a -c =0m ⋅HE=-4b -3c =0,取c =4,可得a =1,b =-3,所以m=(1,-3,4),则cos m ,n =m ⋅n m n=1-9+161+9+16⋅1+9+16=413,即平面BFHG 与平面AGHE 所成锐二面角的余弦值413.8(2024·重庆·模拟预测)如图,ACDE 为菱形,AC =BC =2,∠ACB =120°,平面ACDE ⊥平面ABC ,点F 在AB 上,且AF =2FB ,M ,N 分别在直线CD ,AB 上.(1)求证:CF ⊥平面ACDE ;(2)把与两条异面直线都垂直且相交的直线叫做这两条异面直线的公垂线,若∠EAC =60°,MN 为直线CD ,AB 的公垂线,求ANAF的值;(3)记直线BE 与平面ABC 所成角为α,若tan α>217,求平面BCD 与平面CFD 所成角余弦值的范围.【答案】(1)证明见解析(2)AN AF=913(3)528,255 【分析】(1)先通过余弦定理及勾股定理得到CF ⊥AC ,再根据面面垂直的性质证明;(2)以C 为原点,CA 的方向为x 轴正方向,建立如图所示空间直角坐标系C -xyz ,利用向量的坐标运算根据MN ⋅CD =0MN ⋅AF =0,列方程求解即可;(3)利用向量法求面面角,然后根据tan α>217列不等式求解.【详解】(1)AB 2=AC 2+BC 2-2AC ⋅BC ⋅cos ∠ACB =12,AB =23,AF =2FB ,所以AF =433,CF=13CA +23CB ,CF 2=19CA 2+49CB 2+49CA ⋅CB =43,AC 2+CF 2=4+43=163=AF 2,则CF ⊥AC ,又因为平面ACDE ⊥平面ABC ,平面ACDE ∩平面ABC =AC ,CF ⊂面ABC ,故CF ⊥平面ACDE ;(2)以C 为原点,CA 的方向为x 轴正方向,建立如图所示空间直角坐标系C -xyz ,由∠EAC =60°,可得∠DCA =120°,DC =2,所以C 0,0,0 ,D -1,0,3 ,A 2,0,0 ,F 0,233,0 所以AF =-2,233,0 ,CD =-1,0,3 ,设AN =λAF =-2λ,233λ,0 ,则N 2-2λ,233λ,0 ,设CM =μCD ,则M -μ,0,3μ ,MN =2-2λ+μ,233λ,-3μ ,由题知,MN ⋅CD=0MN ⋅AF =0 ⇒2λ-2-μ-3μ=04λ-4-2μ+43λ=0 ,解得λ=913,μ=-213,故AN AF=913;(3)B -1,3,0 ,设∠EAC =θ,则E 2-2cos θ,0,2sin θ ,BE=3-2cos θ,-3,2sin θ ,可取平面ABC 的法向量n=0,0,1 ,则sin α=cos n ,BE=n ⋅BEn ⋅BE =2sin θ 3-2cos θ 2+3+4sin 2θ=sin θ4-3cos θ,cos α=4-3cos θ-sin 2θ4-3cos θ,则tan α=sin θ4-3cos θ-sin 2θ>217,整理得10cos 2θ-9cos θ+2<0,故cos θ∈25,12,CF =0,23,0,CD =-2cos θ,0,2sin θ ,CB =-1,3,0 ,记平面CDF 的法向量为n 1 =x ,y ,z ,则有n 1 ⋅CD =0n 1 ⋅CF =0 ⇒-2x cos θ+2z sin θ=023y =0,可得n 1=sin θ,0,cos θ ,记平面CBD 的法向量为n 2 =a ,b ,c ,则有n 2 ⋅CD=0n 2 ⋅CB =0 ⇒-2a cos θ+2c sin θ=0-a +3b =0,可得n 2=3sin θ,sin θ,3cos θ ,记平面BCD 与平面CFD 所成角为γ,则cos γ=cos n 1 ,n 2 =33+sin 2θ,cos θ∈25,12 ,所以sin 2θ∈34,2125 ,3+sin 2θ∈152,465 ,故cos γ=33+sin 2θ∈528,255 .9(2024·安徽·二模)将正方形ABCD 绕直线AB 逆时针旋转90°,使得CD 到EF 的位置,得到如图所示的几何体.(1)求证:平面ACF ⊥平面BDE ;(2)点M 为DF上一点,若二面角C -AM -E 的余弦值为13,求∠MAD .【答案】(1)证明见解析(2)∠MAD =45°【分析】(1)根据面面与线面垂直的性质可得BD ⊥AF ,结合线面、面面垂直的判定定理即可证明;(2)建立如图空间直角坐标系,设∠MAD =α,AB =1,利用空间向量法求出二面角C -AM -E 的余弦值,建立方程1-sin αcos α1+sin 2α1+cos 2α=13,结合三角恒等变换求出α即可.【详解】(1)由已知得平面ABCD ⊥平面ABEF ,AF ⊥AB ,平面ABCD ∩平面ABEF =AB ,AF ⊂平面ABEF ,所以AF ⊥平面ABCD ,又BD ⊂平面ABCD ,故BD ⊥AF ,因为ABCD 是正方形,所以BD ⊥AC ,AC ,AF ⊂平面ACF ,AC ∩AF =A ,所以BD ⊥平面ACF ,又BD ⊂平面BDE ,所以平面ACF ⊥平面BDE .(2)由(1)知AD ,AF ,AB 两两垂直,以AD ,AF ,AB 所在直线分别为x ,y ,z 轴,建立空间直角坐标系,如图.设∠MAD =α,AB =1,则A 0,0,0 ,M cos α,sin α,0 ,C 1,0,1 ,E 0,1,1 ,故AM =cos α,sin α,0 ,AC =1,0,1 ,AE =0,1,1设平面AMC 的法向量为m =x 1,y 1,z 1 ,则m ⋅AC =0,m ⋅AM=0故x 1+z 1=0x 1cos α+y 1sin α=0,取x 1=sin α,则y 1=-cos α,z 1=-sin α所以m=sin α,-cos α,-sin α设平面AME 的法向量为n =x 2,y 2,z 2 ,n ⋅AE =0,n ⋅AM=0故y 2+z 2=0x 2cos α+y 2sin α=0,取x 2=sin α,则y 2=-cos α,z 2=cos α所以n=sin α,-cos α,cos α ,所以cos m ,n =1-sin αcos α1+sin 2α1+cos 2α,由已知得1-sin αcos α1+sin 2α1+cos 2α=13,化简得:2sin 22α-9sin2α+7=0,解得sin2α=1或sin2α=72(舍去)故α=45°,即∠MAD =45°.10(2024·安徽黄山·二模)如图,已知AB 为圆台下底面圆O 1的直径,C 是圆O 1上异于A ,B 的点,D 是圆台上底面圆O 2上的点,且平面DAC ⊥平面ABC ,DA =DC =AC =2,BC =4,E 是CD 的中点,BF =2FD .(1)证明:DO 2⎳BC ;(2)求直线DB 与平面AEF 所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析(2)68585【分析】(1)取AC 的中点O ,根据面面垂直的性质定理,可得DO ⊥平面ABC ,即可求证DO 2⎳OO 1,进而可证矩形,即可根据线线平行以及平行的传递性求解.(2)建系,利用向量法,求解法向量n =1,-12,3 与方向向量DB =(-1,4,-3)的夹角,即可求解.【详解】(1)证明:取AC 的中点为O ,连接DO ,OO 1,O 1O 2,∵DA =DC ,O 为AC 中点,∴DO ⊥AC ,又平面DAC ⊥平面ABC ,且平面DAC ∩平面ABC =AC ,DO ⊂平面DAC ,∴DO ⊥平面ABC ,∴DO ⎳O 1O 2,DO =O 1O 2,故四边形DOO 1O 2为矩形,∴DO 2⎳OO 1,又O ,O 1分别是AC ,AB 的中点,∴OO 1⎳BC ,∴DO 2⎳BC ;(2)∵C 是圆O 1上异于A ,B 的点,且AB 为圆O 1的直径,∴BC ⊥AC ,∴OO 1⊥AC ,∴如图以O 为原点建立空间直角坐标系,由条件知DO =3,∴A (1,0,0),B (-1,4,0),C (-1,0,0),D (0,0,3),∴E -12,0,32 ,设F (x ,y ,z ),∴BF =(x +1,y -4,z ),FD=(-x ,-y ,3-z ),由BF =2FD ,得F -13,43,233 ,∴AF =-43,43,233 ,∴DB =(-1,4,-3),AE =-32,0,32 ,设平面AEF 法向量为n=(x 1,y 1,z 1),则n ⋅AE=-32x 1+32z 1=0n ⋅AF =-43x 1+43y 1+233z 1=0,取n =1,-12,3 ,设直线BD 与平面AEF 所成角为θ,则sin θ=|cos <n ,DB>|=625⋅172=68585∴直线BD 与平面AEF 所成角的正弦值为68585.11(2024·黑龙江哈尔滨·一模)正四棱台ABCD -A 1B 1C 1D 1的下底面边长为22,A 1B 1=12AB ,M 为BC 中点,已知点P 满足AP =1-λ AB +12λ⋅AD +λAA 1,其中λ∈0,1 .(1)求证D 1P ⊥AC ;(2)已知平面AMC 1与平面ABCD 所成角的余弦值为37,当λ=23时,求直线DP 与平面AMC 1所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析(2)241391【分析】(1)方法一运用空间向量的线性运算,进行空间位置关系的向量证明即可.方法二:建立空间直角坐标系,进行空间位置关系的向量证明即可.(2)建立空间直角坐标系,利用线面角的向量求法求解即可.【详解】(1)方法一:∵A 1B 1=12AB ,∴AA 1 ⋅AB =AA 1 ⋅AD =22×22=2.∵D 1A =-12AD-AA 1∴D 1P =D 1A +AP =1-λ AB +12λ-12AD+λ-1 AA 1∴D 1P ⋅AC =1-λ AB +12λ-12AD +λ-1 AA 1 ⋅AB +AD =1-λ AB 2+12λ-12 AD2+λ-1 AB ⋅AA 1 +λ-1 AD ⋅AA 1=81-λ +812λ-12+4λ-1 =0.∴D 1P ⊥AC ,即D 1P ⊥AC .方法二:以底面ABCD 的中心O 为原点,以OM 方向为y 轴,过O 点平行于AD 向前方向为x 轴,以过点O 垂直平面ABCD 向上方向为z 轴,建立如图所示空间直角坐标系,设正四棱台的高度为h ,则有 A 2,-2,0 ,B 2,2,0 ,C -2,2,0 ,D -2,-2,0 ,A 122,-22,h ,C 1-22,22,h ,D 1-22,-22,h ,M 0,2,0 ,AC =-22,22,0AP =1-λ 0,22,0 +12λ-22,0,0 +λ-22,22,0 =-322λ,22-322λ,λhD 1A =322,-22,-h ,D 1P =D 1A +AP =-322λ+322,-322λ+322,λh -h .故AC ⋅D 1P=0,所以D 1P ⊥AC .(2)设平面ABCD 的法向量为n=0,0,1 ,设平面AMC 1的法向量为m =x ,y ,z ,AM =-2,22,0 ,AC 1 =-322,322,h ,则有AM ⋅m=0AC 1 ⋅m=0 ,即-2x +22y =0-322x +322y +hz =0,令x =22h ,则m=22h ,2h ,3 .又题意可得cos m ,n =38h 2+2h 2+9=37,可得h =2.因为λ=23,经过计算可得P 0,0,43 ,D 1-22,-22,2 ,D 1P =2,2,43.将h =2代入,可得平面AMC 1的法向量m=42,22,3 .设直线DP 与平面AMC 1所成角的为θsin θ=cos DP ,m =8+4+42+2+16932+8+9=241391.12(2024·辽宁·三模)如图,在三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,侧面ACC 1A 1⊥底面ABC ,AC =AA 1=2,AB =1,BC =3,点E 为线段AC 的中点.(1)求证:AB 1∥平面BEC 1;(2)若∠A 1AC =π3,求二面角A -BE -C 1的余弦值.【答案】(1)证明见详解(2)-22【分析】(1)连接BC 1,交B 1C 于点N ,连接NE ,利用线面平行的判定定理证明;(2)由已知可知,△AA 1C 为等边三角形,故A 1E ⊥AC ,利用面面垂直的性质定理可证得A 1E ⊥底面ABC ,进而建立空间直角坐标系,利用向量法即可求二面角余弦值.【详解】(1)连接BC 1,交B 1C 于点N ,连接NE ,因为侧面BCC 1B 1是平行四边形,所以N 为B 1C 的中点,又因为点E 为线段AC 的中点,所以NE ⎳AB 1,因为AB 1⊄面BEC 1,NE ⊂面BEC 1,所以AB 1⎳面BEC 1.(2)连接A 1C ,A 1E ,因为∠A 1AC =π3,AC =AA 1=2,所以△AA 1C 为等边三角形,A 1C =2,因为点E 为线段AC 的中点,所以A 1E ⊥AC ,因为侧面ACC 1A 1⊥底面ABC ,平面ACC 1A 1∩平面ABC =AC ,A 1E ⊂平面ACC 1A 1,所以A 1E ⊥底面ABC ,过点E 在底面ABC 内作EF ⊥AC ,如图以E 为坐标原点,分布以EF ,EC ,EA 1 的方向为x ,y ,z 轴正方向建立空间直角坐标系,则E 0,0,0 ,B 32,-12,0 ,C 10,2,3 ,所以EB =32,-12,0 ,EC 1 =0,2,3 ,设平面BEC 1的法向量为m=x ,y ,z ,则m ⋅EB =32x -12y =0m ⋅EC 1=2y +3z =0,令x =1,则y =3,z =-2,所以平面BEC 1的法向量为m=1,3,-2 ,又因为平面ABE 的法向量为n=0,0,1 ,则cos m ,n =-21+3+4=-22,经观察,二面角A -BE -C 1的平面角为钝角,所以二面角A -BE -C 1的余弦值为-22.13(2024·广东广州·一模)如图,在四棱锥P -ABCD 中,底面ABCD 是边长为2的菱形,△DCP 是等边三角形,∠DCB =∠PCB =π4,点M ,N 分别为DP 和AB 的中点.(1)求证:MN ⎳平面PBC ;(2)求证:平面PBC ⊥平面ABCD ;(3)求CM 与平面PAD 所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)33.【分析】(1)取PC 中点E ,由已知条件,结合线面平行的判断推理即得.(2)过P 作PQ ⊥BC 于点Q ,借助三角形全等,及线面垂直的判定、面面垂直的判定推理即得.(3)建立空间直角坐标系,利用线面角的向量求法求解即得.【详解】(1)取PC 中点E ,连接ME ,BE ,由M 为DP 中点,N 为AB 中点,得ME ⎳DC ,ME =12DC ,又BN ⎳CD ,BN =12CD ,则ME ⎳BN ,ME =BN ,因此四边形BEMN 为平行四边形,于是MN ⎳BE ,而MN ⊄平面PBC ,BE ⊂平面PBC ,所以MN ⎳平面PBC .(2)过P 作PQ ⊥BC 于点Q ,连接DQ ,由∠DCB =∠PCB =π4,CD =PC ,QC =QC ,得△QCD ≌△QCP ,则∠DQC =∠PQC =π2,即DQ ⊥BC ,而PQ =DQ =2,PQ 2+DQ 2=4=PD 2,因此PQ ⊥DQ ,又DQ ∩BC =Q ,DQ ,BC ⊂平面ABCD ,则PQ ⊥平面ABCD ,PQ ⊂平面PBC ,所以平面PBC ⊥平面ABCD .(3)由(2)知,直线QC ,QD ,QP 两两垂直,以点Q 为原点,直线QC ,QD ,QP 分别为x ,y ,z 轴建立空间直角坐标系,则C (2,0,0),P (0,0,2),D (0,2,0),M 0,22,22,A (-2,2,0),CM =-2,22,22,AD =(2,0,0),DP =(0,-2,2),设平面PAD 的一个法向量n =(x ,y ,z ),则n ⋅AD=2x =0n ⋅DP=-2y +2z =0,令y =1,得n=(0,1,1),设CM 与平面PAD 所成角为θ,sin θ=|cos ‹CM ,n ›|=|CM ⋅n||CM ||n |=23⋅2=33,所以CM 与平面PAD 所成角的正弦值是33.14(2024·广东梅州·二模)如图,在四棱锥P -ABCD 中,平面PAD ⊥平面ABCD ,底面ABCD 为直角梯形,△PAD 为等边三角形,AD ⎳BC ,AD ⊥AB ,AD =AB =2BC =2.(1)求证:AD ⊥PC ;(2)点N 在棱PC 上运动,求△ADN 面积的最小值;(3)点M 为PB 的中点,在棱PC 上找一点Q ,使得AM ⎳平面BDQ ,求PQQC的值.【答案】(1)证明见解析(2)2217(3)4【分析】(1)取AD 的中点H ,连接PH ,CH ,依题意可得四边形ABCH 为矩形,即可证明CH ⊥AD ,再由PH ⊥AD ,即可证明AD ⊥平面PHC ,从而得证;(2)连接AC 交BD 于点G ,连接MC 交BQ 于点F ,连接FG ,即可得到CG AG=12,再根据线面平行的性质得到CF FM =12,在△PBC 中,过点M 作MK ⎳PC ,即可得到MKCQ=2,最后由PQ =2MK 即可得解.【详解】(1)取AD 的中点H ,连接PH ,CH ,则AH ⎳BC 且AH =BC ,又AD ⊥AB ,所以四边形ABCH 为矩形,所以CH ⊥AD ,又△PAD 为等边三角形,所以PH ⊥AD ,PH ∩CH =H ,PH ,CH ⊂平面PHC ,所以AD ⊥平面PHC ,又PC ⊂平面PHC ,所以AD ⊥PC .(2)连接HN ,由AD ⊥平面PHC ,又HN ⊂平面PHC ,所以AD ⊥HN ,所以S △ADH =12AD ⋅HN =HN ,要使△ADN 的面积最小,即要使HN 最小,当且仅当HN ⊥PC 时HN 取最小值,因为平面PAD ⊥平面ABCD ,平面PAD ∩平面ABCD =AD ,PH ⊂平面PAD ,所以PH ⊥平面ABCD ,又HC ⊂平面ABCD ,所以PH ⊥HC ,在Rt △HPC 中,CH =2,PH =3,所以PC =CH 2+PH 2=7,当HN ⊥PC 时HN =PH ⋅CH PC =237=2217,所以△ADN 面积的最小值为2217.(3)连接AC 交BD 于点G ,连接MC 交BQ 于点F ,连接FG ,因为AD ⎳BC 且AD =2BC =2,所以△CGB ∽△AGD ,所以CG AG =BC AD=12,因为AM ⎳平面BDQ ,又AM ⊂平面ACM ,平面BDQ ∩平面ACM =GF ,所以GF ⎳AM ,所以CF FM =CG AG=12,在△PBC 中,过点M 作MK ⎳PC ,则有MK CQ =MF CF=2,所以PQ =2MK ,所以PQ =2MK =4CQ ,即PQQC=415(2024·广东广州·模拟预测)如图所示,圆台O 1O 2的轴截面A 1ACC 1为等腰梯形,AC =2AA 1=2A 1C 1=4,B 为底面圆周上异于A ,C 的点,且AB =BC ,P 是线段BC 的中点.(1)求证:C 1P ⎳平面A 1AB .(2)求平面A 1AB 与平面C 1CB 夹角的余弦值.【答案】(1)证明见解析(2)17【分析】(1)取AB 的中点H ,连接A 1H ,PH ,证明四边形A 1C 1PH 为平行四边形,进而得C 1P ⎳A 1H ,即可证明;(2)建立空间直角坐标系,求两平面的法向量,利用平面夹角公式求解.【详解】(1)取AB 的中点H ,连接A1H ,PH ,如图所示,因为P 为BC 的中点,所以PH ⎳AC ,PH =12AC .在等腰梯形A 1ACC 1中,A 1C 1⎳AC ,A 1C 1=12AC ,所以HP ⎳A 1C 1,HP =A 1C 1,所以四边形A 1C 1PH 为平行四边形,所以C 1P ⎳A 1H ,又A 1H ⊂平面A 1AB ,C 1P ⊄平面A 1AB ,所以C 1P ⎳平面A 1AB .(2)因为AB =BC ,故O 2B ⊥AC ,以直线O 2A ,O 2B ,O 2O 1分别为x ,y ,z 轴,建立空间直角坐标系,如图所示,在等腰梯形A 1ACC 1中,AC =2AA 1=2A 1C 1=4,此梯形的高为h =AA 21-AC -A 1C 122= 3.因为A 1C 1=12AC ,A 1C 1⎳AC ,。

(完整版)高中立体几何证明题精选

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1、已知正方体1111ABCD A B C D-,O是底ABCD对角线的交点.求证:(1) C1O∥面11AB D;(2)1AC⊥面11AB D.2、正方体''''ABCD A B C D-中,求证:(1)''AC B D DB⊥平面;(2)''BD ACB⊥平面.3、正方体ABCD—A1B1C1D1中.(1)求证:平面A1BD∥平面B1D1C;(2)若E、F分别是AA1,CC1的中点,求证:平面EB1D1∥平面FBD.D1ODBAC1B1A1CA1AB1C1D1DGEFN MPC BA4、四面体ABCD 中,,,AC BD E F =分别为,AD BC 的中点,且22EF AC =, 90BDC ∠=o ,求证:BD ⊥平面ACD5、如图P 是ABC ∆所在平面外一点,,PA PB CB =⊥平面PAB ,M 是PC 的中点,N 是AB 上的点,3AN NB =(1)求证:MN AB ⊥;6、如图,在正方体1111ABCD A B C D -中,E 、F 、G 分别是AB 、AD 、11C D 的中点.求证:平面1D EF ∥平面BDG .7、如图,在正方体1111ABCD A B C D -中,E 是1AA 的中点. (1)求证:1//A C 平面BDE ; (2)求证:平面1A AC ⊥平面BDE .8、已知ABCD 是矩形,PA ⊥平面ABCD ,2AB =,4PA AD ==,E 为BC 的中点.求证:DE ⊥平面PAE ;9、如图,在四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 是060DAB ∠=且边长为a 的菱形,侧面PAD 是等边三角形,且平面PAD 垂直于底面ABCD .(1)若G 为AD 的中点,求证:BG ⊥平面PAD ; (2)求证:AD PB ⊥;。

立体几何证明题常见题型01

立体几何证明题常见题型01

A B CDP EF立体几何证明题常见题型1、如图,在四棱锥ABCD P -中,底面ABCD 是正方形,侧棱⊥PD 底面ABCD ,1==DC PD ,E 是PC 的中点,作PB EF ⊥交PB 于点F .(I) 证明: PA ∥平面EDB ;(II) 证明:PB ⊥平面EFD ;(III) 求三棱锥DEF P -的体积.2、如图,已知四棱锥P ABCD -的底面为等腰梯形,AB ∥CD ,AC BD ⊥,垂足为H ,PH 是四棱锥的高。

(Ⅰ)证明:平面PAC ⊥ 平面PBD ; (Ⅱ)若6AB =,APB ADB ∠=∠=60°,求四棱锥P ABCD -的体积。

3、如图,矩形ABCD 中,ABE AD 平面⊥,2===BC EB AE ,F 为CE 上的点,且ACE BF 平面⊥. (Ⅰ)求证:BCE AE 平面⊥; (Ⅱ)求证;BFD AE 平面//;(Ⅲ)求三棱锥BGF C -的体积.4、如图,正方形ABCD 和四边形ACEF 所在的平面互相垂直。

EF//AC ,AB=2,CE=EF=1 (Ⅰ)求证:AF//平面BDE ; (Ⅱ)求证:CF ⊥平面BDF;5、在如图所示的几何体中,四边形ABCD 是正方形,BCD A MA 平面⊥,PD ∥MA ,E G F 、、分别为MB 、PC PB 、的中点,且2MA PD AD ==.(Ⅰ) 求证:平面PDC EFG 平面⊥;ABCDHPABCDEFA BCDEFG(Ⅱ)求三棱锥的体积之比与四棱锥ABCD P MAB P --.6、如图所示,矩形ABCD 中,AD ⊥平面ABE ,AE=EB=BC=2,F 为CE 上的点,且BF ⊥平面ACE (1)求证:AE ⊥平面BCE ;(2)求证:AE ∥平面BFD ; (3)求三棱锥C-BGF 的体积。

7、在三棱锥S —ABC 中,∠SAB =∠SAC =∠ACB =90°,且AC =BC =5,SB =55。

(完整版)必修二立体几何11道经典证明题

(完整版)必修二立体几何11道经典证明题

1. 如图,三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,侧棱垂直底面,∠ACB=90°,AC=BC=12AA 1,D 是棱AA 1的中点(I)证明:平面BDC 1⊥平面BDC(Ⅱ)平面BDC 1分此棱柱为两部分,求这两部分体积的比.2. 如图5所示,在四棱锥P ABCD -中,AB ⊥平面PAD ,//AB CD ,PD AD =,E 是PB 的中点,F 是CD 上的点且12DF AB =,PH 为△PAD 中AD 边上的高.(1)证明:PH ⊥平面ABCD ;(2)若1PH =,2AD =,1FC =,求三棱锥E BCF -的体积;(3)证明:EF ⊥平面PAB .3. 如图,在直三棱柱111ABC A B C -中,1111A B AC =,D E ,分别是棱1BC CC ,上的点(点D 不同于点C ),且AD DE F⊥,为11B C 的中点.求证:(1)平面ADE ⊥平面11BCC B ; (2)直线1//A F 平面ADE .B 1C BADC 1A 14. 如图,四棱锥P —ABCD 中,ABCD 为矩形,△PAD 为等腰直角三角形,∠APD=90°,面PAD ⊥面ABCD ,且AB=1,AD=2,E 、F 分别为PC 和BD 的中点.(1)证明:EF ∥面PAD ; (2)证明:面PDC ⊥面PAD ; (3)求四棱锥P —ABCD 的体积.5. 在如图所示的几何体中,四边形ABCD 是正方形, MA ⊥平面ABCD ,//PD MA ,E 、G 、F 分别为MB 、PB 、PC 的中点,且2AD PD MA ==.(I )求证:平面EFG ⊥平面PDC ;(II )求三棱锥P MAB -与四棱锥P ABCD -的体积 之比.ABDPMFGE6. 如图,正方形ABCD 和四边形ACEF 所在的平面互相垂直。

EF//AC ,AB=2,CE=EF=1 (Ⅰ)求证:AF//平面BDE ; (Ⅱ)求证:CF ⊥平面BDF;7.如图,在多面体ABCDEF 中,四边形ABCD 是正方形,AB=2EF=2,EF ∥AB,EF ⊥FB,∠BFC=90°,BF=FC,H 为BC 的中点,(Ⅰ)求证:FH ∥平面EDB;(Ⅱ)求证:AC ⊥平面EDB; (Ⅲ)求四面体B —DEF 的体积;8. 如图,在直三棱柱111ABC A B C -中,E 、F 分别是1A B 、1A C 的中点,点D 在11B C 上,11A D B C⊥。

专题08 立体几何垂直平行的证明(原卷版)

专题08 立体几何垂直平行的证明(原卷版)

专题8 立体几何平行垂直的证明一、解答题1.(2022·全国·高考真题(理))如图,四面体ABCD 中,,,AD CD AD CD ADB BDC ⊥=∠=∠,E 为AC 的中点.(1)证明:平面BED ⊥平面ACD ;(2)设2,60AB BD ACB ==∠=︒,点F 在BD 上,当AFC △的面积最小时,求CF 与平面ABD 所成的角的正弦值.2.(2022·全国·高考真题)如图,PO 是三棱锥P ABC -的高,PA PB =,AB AC ⊥,E 是PB 的中点.(1)证明://OE 平面PAC ;(2)若30ABO CBO ∠=∠=︒,3PO =,5PA =,求二面角C AE B --的正弦值.3.(2022·全国·高考真题(理))在四棱锥P ABCD -中,PD ⊥底面,,1,2,ABCD CD AB AD DC CB AB DP =====∥(1)证明:BD PA ⊥;(2)求PD 与平面PAB 所成的角的正弦值.4.(2022·青海·海东市第一中学模拟预测(理))如图,在三棱柱111ABC A B C -中,11222AC AA AB AC BC ====,160BAA ∠=︒.原创精品资源学科网独家享有版权,侵权必究! 2(1)证明:平面ABC ⊥平面11AA B B .(2)设P 是棱1CC 的中点,求AC 与平面11PA B 所成角的正弦值.5.(2022·青海·海东市第一中学模拟预测(文))如图,在四棱锥P ABCD -中,平面PCD ⊥平面ABCD ,PCD 为等边三角形,22CD AB ==,AD 90BAD ADC ∠=∠=︒,M 是棱PC 上一点.(1)若2MC MP =,求证://AP 平面MBD .(2)若MC MP =,求点P 到平面BDM 的距离.6.(2021·上海市建平中学模拟预测)如图,三棱锥P ABC -,侧棱2PA =,底面三角形ABC 为正三角形,边长为2,顶点P 在平面ABC 上的射影为D ,有AD DB ⊥,且1DB =.(1)求证://AC 平面PDB ;(2)求二面角P AB C 的余弦值.7.(2022·内蒙古·赤峰红旗中学松山分校模拟预测(理))如图,在四棱锥P —ABCD 中,底面ABCD 为正方形,PD ⊥底面ABCD ,M 为线段PC 的中点,PD AD =,N 为线段BC 上的动点.(1)证明:平面MND ⊥平面PBC(2)当点N 在线段BC 的何位置时,平面MND 与平面P AB 所成锐二面角的大小为30°?指出点N 的位置,并说明理由.8.(2022·四川·成都七中模拟预测(理))如图1,在边上为4的菱形ABCD 中,60DAB ∠=︒,点M ,N 分别是边BC ,CD 的中点,1AC BD O ⋂=,AC MN G ⋂=.沿MN 将CMN △翻折到PMN 的位置,连接PA ,PB ,PD ,得到如图2所示的五棱锥P ABMND -.(1)在翻折过程中是否总有平面PBD ⊥平面PAG ?证明你的结论;(2)当四棱锥P MNDB -体积最大时,求直线PB 和平面MNDB 所成角的正弦值;(3)在(2)的条件下,在线段PA 上是否存在一点Q ,使得二面角Q MN P --存在,试确定点Q 的位置;若不存在,请说明理由.9.(2022·全国·模拟预测)在四棱锥P ABCD -中,PA ⊥平面ABCD ,四边形ABCD 是矩形,1,,2AB AP AD E F ==分别是AP BC ,的中点.原创精品资源学科网独家享有版权,侵权必究! 4(1)求证://EF 平面PCD ;(2)求二面角C EF D --的余弦值.10.(2022·内蒙古·乌兰浩特一中模拟预测(文))如图在梯形中,//BC AD ,22AB AD BC ===,23ABC π∠=,E 为AD 中点,以BE 为折痕将ABE △折起,使点A 到达点P 的位置,连接,PD PC ,(1)证明:平面PED ⊥平面BCDE ;(2)当2PC =时,求点D 到平面PEB 的距离.11.(2022·全国·南京外国语学校模拟预测)如图,在三棱台111ABC A B C -中,AB AC ⊥,4AB AC ==,1112A A A B ==,侧棱1A A ⊥平面ABC ,点D 是棱1CC 的中点.(1)证明:平面1BB C ⊥平面1AB C ;(2)求二面角C BD A --的正弦值.12.(2022·青海·模拟预测(理))如图,在四棱锥A -BCDE 中,底面BCDE 为矩形,M 为CD 中点,连接BM ,CE 交于点F ,G 为△ABE 的重心.(1)证明://GF 平面ABC(2)已知平面ABC △BCDE ,平面ACD △平面BCDE ,BC =3,CD =6,当平面GCE 与平面ADE 所成锐二面角为60°时,求G 到平面ADE 的距离.13.(2022·北京市第九中学模拟预测)如图,在四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 是边长为2的正方形,△P AB 为正三角形,且侧面P AB △底面ABCD ,M 为PD 的中点.(1)求证:PB //平面ACM ;(2)求直线BM 与平面P AD 所成角的正弦值;(3)求二面角C PA D --的余弦值.14.(2022·浙江·三模)如图,四面体ABCD 的棱AB 平面,CD α=,23,cos cos 3AB AC AD BAC BAD ===∠=∠=.(1)证明:平面ABC ⊥平面ABD ;(2)若平面ABC 与平面α所成锐二面角的正切值为12,线段CD 与平面α相交,求平面ACD 与平面α所成锐二面角的正切值.15.(2022·内蒙古·海拉尔第二中学模拟预测(理))已知四棱锥S ABCD -中,四边形ABCD 为菱形,SAB SBA ∠=∠,.SD AB ⊥(1)求证:ABD △是等边三角形;(2)2SD AD ===,求SC 与平面SAD 所成角的正弦值.原创精品资源学科网独家享有版权,侵权必究!6 16.(2022·宁夏中卫·三模(理))如图1,菱形ABCD 中,60A ∠=︒,4AB =,DE AB ⊥于E ,将AED 沿DE 翻折到A ED ',使A E BE '⊥,如图2.(1)求三棱锥C A BD -'的体积;(2)在线段A D '上是否存在一点F ,使EF △平面A BC '?若存在,求DF FA '的值;若不存在,说明理由. 17.(2022·广东茂名·二模)如图,四棱锥P ﹣ABCD 的底面是等腰梯形,AD △BC ,BC =2AD ,60ABC ∠=︒ ,E 是棱PB 的中点,F 是棱PC 上的点,且A 、D 、E 、F 四点共面.(1)求证:F 为PC 的中点;(2)若△P AD 为等边三角形,二面角P AD B -- 的大小为120︒ ,求直线BD 与平面ADFE 所成角的正弦值. 18.(2022·安徽省舒城中学三模(理))在四棱锥P ABCD -中,PAB △为正三角形,四边形ABCD 为等腰梯形,M 为棱AP 的中点,且2224AB AD BC CD ====,DM =14AO AB =.(1)求证:平面ODM ⊥平面ABCD ;(2)求直线AP 与平面PBC 所成角的正弦值.19.(2022·广东·大埔县虎山中学模拟预测)如图,在四棱台1111ABCD A B C D -中,2AB =,111A B =,四边形ABCD 为平行四边形,点E 为棱BC 的中点.(1)求证:1//D E 平面11ABB A ;(2)若四边形ABCD 为正方形,1AA ⊥平面ABCD ,12A A AB ==,求二面角1A DE C --的余弦值. 20.(2022·全国·模拟预测)如图所示,四棱台1111ABCD A B C D -的上下底面均为正方形,侧面11ADD A 与底面垂直,11113BB CC B C BC ===.(1)求证:平面11ADD A ⊥平面11ABB A ;(2)已知四棱台1111ABCD A B C D -的体积为 △求异面直线BC 和1AA 的距离△求1A 到平面11CDD C 的距离.请从以上两个问题中选取一道进行求解.注:若两个问题均求解,则按第一个问题计分.。

立体几何证明(教师版)

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立体几何证明1.(2021·北京师大附中高一期末)已知四棱锥P ABCD -的底面为直角梯形,//,90,AB DC DAB PA ∠=⊥平面ABCD ,且112PA AD DC AB ====,M 是棱PB 上的动点.(1)求证:平面PAD ⊥平面PCD ;(2)若//PD 平面ACM ,求PM MB的值; (3)当M 是PB 中点时,设平面ADM 与棱PC 交于点N ,求截面ADNM 的面积.2.(2021·北京·人大附中高一期末)如图,已知正方体1111ABCD A B C D -,点E 为棱1CC 的中点.(1)证明:1AC ∥平面BDE .(2)证明1AC BD ⊥.3.(2021·北京·汇文中学高一期末)如图1,已知菱形AECD 的对角线AC ,DE 交于点F ,点E 为AB 的中点.将三角形ADE 沿线段DE 折起到PDE 的位置,如图2所示.(1)求证:DE PC ⊥;(2)试问平面PFC 与平面PBC 所成的二面角是否为90︒,如果是,请证明;如果不是,请说明理由;(3)在线段PD ,BC 上是否分别存在点M ,N ,使得平面//CFM 平面PEN ?若存在,请指出点M ,N 的位置,并证明;若不存在,请说明理由.4.(2021·北京·首都师范大学附属中学高一期末)如图,在四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 为平行四边形,O ,M 分别为BD ,PC 的中点.设平面PAD 与平面PBC 的交线为l .(1)求证://OM 平面PAD ;(2)求证://BC l ;(3)在棱PC 上是否存在点N (异于点C ),使得//BN 平面PAD ?若存在,求出PN PC的值;若不存在,说明理由.5.(2021·北京·101中学高一期末)已知正四棱柱1111ABCD A B C D -中,M 是1DD 的中点.(1)求证:1//BD 平面AMC ;(2)求证:1AC BD ⊥;(3)在线段1BB 上是否存在点P ,当1BP BB λ=时,平面11//A PC 面AMC ?若存在,求出λ的值并证明;若不存在,请说明理由.6.(2021·北京师大附中高一期末)在正方体1111ABCD A B C D -中,E 为1CC 中点.(1)求证:1//BC 平面1AD E ;(2)求证:1A D ⊥平面11ABC D .7.(2021·北京·汇文中学高一期末)如图所示,在三棱锥A BCD -中,点M 、N 分别在棱BC 、AC 上,且//MN AB .(1)求证://MN 平面ABD ;(2)若MN CD ⊥,BD CD ⊥,求证:平面CBD ⊥平面ABD .8.(2019·北京师大附中高一期末)如图,在三棱柱111ABC A B C -中,1AA ⊥底面ABC ,90BAC ∠=,2AB AC ==,1AA ,M N 分别为1,BC CC 的中点,P 为侧棱1BB 上的动点(Ⅰ)求证:平面APM ⊥平面11BB C C ;(Ⅱ)若P 为线段1BB 的中点,求证:1//A N 平面APM ;(Ⅲ)试判断直线1BC 与平面APM 是否能够垂直.若能垂直,求PB 的值;若不能垂直,请说明理由9.(2019·北京师大附中高一期末)如图,已知四棱锥S ABCD-,底面ABCD是边长为2的菱形,60∠=,侧面SAD为正三角形,侧面SAD⊥底面ABCD,M为侧棱SB的中点,ABCE为线段AD的中点SD平面MAC;(Ⅰ)求证://⊥;(Ⅱ)求证:SE AC-的体积(Ⅲ)求三棱锥M ABC-中,PA⊥平面ABCD,底10.(2019·北京·101中学高一期末)如图,在四棱锥P ABCD部ABCD为菱形,E为CD的中点.(Ⅰ)求证:BD⊥平面PAC;(Ⅱ)若∠ABC=60°,求证:平面PAB⊥平面PAE;(Ⅲ)棱PB上是否存在点F,使得CF∥平面PAE?说明理由.11.(2019·北京·中央民族大学附属中学高一期末)在四面体ABCD 中,CB =CD ,AD BD ⊥,且E ,F 分别是AB ,BD 的中点,求证:(I )直线EF ACD 面;(II )EFC BCD ⊥面面.12.(2020·北京师大附中高一期末)如图,四棱锥P ABCD -的底面是正方形,侧棱PA ⊥底面ABCD ,E 是PA 的中点.(1)求证://CD 平面PAB ;(2)求证://PC 平面BDE ;(3)证明:BD CE ⊥.13.(2021·北京·人大附中高一期末)如图1,已知△ABD 和△BCD 是两个直角三角形,∠BAD =∠BDC =2π.现将△ABD 沿BD 边折起到1A BD 的位置,如图2所示,使平面1A BD ⊥平面BCD .(1)求证:平面1A BC ⊥平面1A CD ;(2)1A C 与BD 是否有可能垂直,做出判断并写明理由.14.(2020·北京·101中学高一期末)如图1,在△ABC 中,D ,E 分别为AB ,AC 的中点,O 为DE 的中点,AB AC ==4BC =.将△ADE 沿DE 折起到△1A DE 的位置,使得平面1A DE ⊥平面BCED ,F 为1A C 的中点,如图2.(1)求证://EF 平面1A BD ;(2)求证:平面1A OB ⊥平面1A OC ;(3)线段OC 上是否存在点G ,使得OC ⊥平面EFG ?说明理由.15.(2020·北京师大附中高一期末)如图,在多面体ABCDEF 中,底面ABCD 为矩形,侧面ADEF 为梯形,//AF DE ,DE AD ⊥,DC DE =.⊥;(Ⅰ)求证:AD CEBF平面CDE;(Ⅱ)求证://(Ⅲ)判断线段BE上是否存在点Q,使得平面ADQ⊥平面BCE?并说明理由.-中,平面16.(2020·北京·中国人民大学附属中学朝阳学校高一期末)在三棱锥P ABC⊥.设D,E分别为PA,AC中点.PAC⊥平面ABC,PA AC⊥,AB BCDE平面PBC;(Ⅰ)求证://(Ⅱ)求证:BC⊥平面PAB;(Ⅲ)试问在线段AB上是否存在点F,使得过三点D,E,F的平面内的任一条直线都与平面PBC平行?若存在,指出点F的位置并证明;若不存在,请说明理由.答案:1.(1)证明见解析;(2)12;【分析】 (1) 要证平面PAD ⊥平面PCD ,只需证明DC ⊥平面PAD ,利用线面垂直的判定可证DC ⊥平面PAD .(2) 根据题意,作出点M ,再利用相似三角形求PM MB的值 (3) 从四点共面角度出发,利用平面向量基本定理确定点N 的位置,再求截面面积.【详解】(1)证明:因为90DAB ∠=,所以AB AD ⊥,又//AB DC ,所以DC AD ⊥.因为PA ⊥平面ABCD ,DC ⊂平面ABCD ,所以PA DC ⊥.又AD ,PA 在平面PAD 内,且相交于点A ,所以DC ⊥平面PAD . 又DC ⊂平面PCD ,所以平面PAD ⊥平面PCD .(2)如图,连接AC ,BD 相交于点E ,过点E 作//EM PD ,交PB 于点M . 因为//EM PD ,PD ⊄平面ACM ,EM ⊂平面ACM ,所以//PD 平面ACM . 故上述所作点M 为使得//PD 平面ACM 的点M .如图在梯形ABCD 中,有//AB DC ,112AD DC AB === 令()22DE DB DA DC DA DC λλλλ==+=+, 因为A ,E ,C 三点共线,所以21λλ+=,13λ=.即13DE DB =,所以23BE DB =,12DE BE =. 因为//EM PD ,所以BME BPD ,12DE P MB BE M ==. (3)设PN PC μ=, 因为,,,A D N M 四点共面,所以存在实数m ,n ,使得AN mAD nAM =+. 因为()12AN AP PN AP PC AD AB AP μμμμ=+=+=++-,22n n mAD nAM mAD AB AP +=++, 又AD ,AB ,AP 为一组基底, 所以,,2212m n n μμμ⎧⎪=⎪⎪=⎨⎪⎪-=⎪⎩解得23m n ==. 所以2233AN AD AM =+.因为PA ⊥平面ABCD ,AD ⊂平面ABCD ,所以PA AD ⊥. 又AD AB ⊥,PA ,AB 在平面PAB 内,且相交于点A , 所以AD ⊥平面PAB ,又AM ⊂平面PAB ,所以AD AM ⊥. 在四边形AMND 中,AD AM ⊥,1AD =,AM = 因为2233AN AD AM =+,点N 到AM 的距离为2233AD =,点N 到AD的距离为23AM . 所以截面ADNM的面积1121223ADN AMNS S S =+=⨯+2.(1)见解析;(2)见解析【详解】试题分析:(1)连结AC 交BD 于F ,连结EF ,通过正方形对角线的性质以及三角形中位线可得112EF AC ,根据线面平行判定定理可得结果;(2)通过证明BD ⊥平面1ACC 可得结论.试题解析:(1)证明:连结AC 交BD 于F ,连结EF ,正方形ABCD 中,AC 与BD 互相平分,∴F 为AC 中点,在1ACC 中,∵E ,F 分别为1CC 与AC 中点,∴112EF AC ,∵EF ⊂平面BDE ,1AC ⊄平面BDE ,∴EF 平面BDE .(2)证明:在正方形ABCD 中,AC BD ⊥,在正方体1111ABCD A B C D -中, 1CC ⊥平面ABCD ,∵BD ⊂平面ABCD ,∴1CC BD ⊥,∵1AC CC C ⋂=,∴BD ⊥平面1ACC ,∵1AC ⊂平面1ACC ,∴1AC BD ⊥.3.(1)证明见解析;(2)平面PFC 与平面PBC 所成的二面角为90︒,证明见解析;(3)存在满足条件的,M N ,,M N 分别为,PD BC 中点,证明见解析. 【分析】(1)根据线面垂直的判定可证得DE ⊥平面PCF ,由线面垂直性质可证得结论; (2)根据平行关系可证得BC ⊥平面PCF ,由面面垂直的判定可证得两平面垂直,由此得到所成角为90︒;(3)利用平行四边形和三角形中位线性质可证得线线平行关系,由此证得线面平行和面面平行,从而确定存在满足条件的,M N . 【详解】(1)四边形AECD 为菱形,AC DE ∴⊥,即DE PF ⊥,DE CF ⊥, 又,PF CF ⊂平面PCF ,PFCF F =,DE ∴⊥平面PCF ,PC ⊂平面PCF ,DE PC ∴⊥.(2)平面PFC 与平面PBC 所成的二面角为90︒,证明如下:E 为AB 中点且四边形AECD 为菱形,//BE CD ∴,∴四边形BCDE 为平行四边形,//BC DE ∴,由(1)知:DE ⊥平面PCF ,BC ∴⊥平面PCF ,又BC ⊂平面PBC ,∴平面PCF ⊥平面PBC ,即平面PFC 与平面PBC 所成的二面角为90︒.(3)存在满足条件的,M N ,,M N 分别为,PD BC 中点,证明如下:由(2)知:四边形BCDE 为平行四边形,又,F N 分别为,DE BC 中点,//EF CN ∴,∴四边形EFCN 为平行四边形,//CF EN ∴,又EN ⊂平面PEN ,CF ⊄平面PEN ,//CF ∴平面PEN ;,M F 分别为,PD DE 中点,MF ∴为PDE △中位线,//MF PE ∴,又PE ⊂平面PEN ,MF ⊄平面PEN ,//MF ∴平面PEN ,又MFCF F =,,MF CF ⊂平面FCM ,∴平面//CFM 平面PEN .【点睛】本题考查立体几何中线线垂直关系、面面垂直与平行关系的证明问题,涉及到线面垂直的判定与性质、面面垂直的判定、线面平行与面面平行的判定等定理的应用,属于常考题型.4.(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)不存在,理由见解析. 【分析】(1)连接AC , 易知O 为AC 的中点,进而得//AP OM ,再结合线面平行的判定定理即可证明;(2)由题知//BC 平面PAD ,进而根据线面平行的性质定理即可证明//BC l ;(3))假设在棱PC 上存在点N (异于点C ),使得//BN 平面PAD ,进而在平面PDC 中,过点N 作PD 的平行线EN ,交DC 于E ,故平面//BEN 平面PAD ,进而得//BE AD ,另一方面,在平行四边形ABCD 中,BE 与AD 不平行,矛盾,故不存在. 【详解】解:(1)证明:连接AC ,因为底面ABCD 为平行四边形,O 为BD 的中点, 所以O 为AC 的中点,因为M 为PC 的中点, 所以在APC △中,//AP OM ,因为OM ⊄平面PAD ,AP ⊂平面PAD , 所以//OM 平面PAD(2)因为底面ABCD 为平行四边形, 所以//AD BC ,因为AD ⊂平面PAD ,BC ⊄平面PAD , 所以//BC 平面PAD ,因为平面PAD 与平面PBC 的交线为l ,BC ⊂平面PBC , 所以//BC l(3)假设在棱PC 上存在点N (异于点C ),使得//BN 平面PAD , 在平面PDC 中,过点N 作PD 的平行线EN ,交DC 于E , 因为EN ⊄平面PAD ,PD ⊂平面PAD ,所以//EN 平面PAD , 因为EN BN N ⋂=,所以平面//BEN 平面PAD , 因为BE ⊂平面BEN ,所以//BE 平面PAD ,又因为BE ⊂平面ABCD ,平面ABCD 平面PAD AD =,所以//BE AD 另一方面,在平行四边形ABCD 中,BE 与AD 不平行,矛盾, 所以在棱PC 上不存在点N (异于点C ),使得//BN 平面PAD .5.(1)证明见解析;(2) 证明见解析;(3)在线段1BB 上存在点P ,当12λ=时,平面11//A PC 平面AMC . 【分析】(1) 利用线面平行的判定定理证明1//BD 平面AMC ;(2) 利用线面垂直的判定定理证明AC ⊥平面11BB D D ,则有1AC BD ⊥; (3) 先确定λ的值,再根据面面平行的判定定理证明两平面平行. 【详解】因为四棱柱1111ABCD A B C D -是正四棱柱,所以底面ABCD 为正方形,侧棱垂直底面,侧面均为矩形.(1)证明:记AC 和BD 相交于点N ,因为ABCD 为正方形,所以N 为BD 的中点.又M 是1DD 的中点, 所以1//MN BD .又1BD ⊄平面AMC ,MN ⊂平面AMC , 所以1//BD 平面AMC .(2)证明:因为ABCD 为正方形,所以AC BD ⊥.因为1D D ⊥平面ABCD ,AC ⊂平面ABCD ,所以1D D AC ⊥. 又BD ,1D D 在平面11BB D D 内,且相交于点D , 所以AC ⊥平面11BB D D .又1BD ⊂平面11BB D D , 所以1AC BD ⊥.(3) 在线段1BB 上存在点P ,当12λ=,即112BP BB =时,平面11//A PC 面AMC . 理由如下:当112BP BB =时,P 为1BB 的中点. 取1CC 的中点G ,连接1PC ,GB ,则有1//PC GB .连接MG ,因为四边形11CC D D 是矩形,M 是1DD 的中点,G 是1CC 的中点, 所以//MG CD ,MG CD =.在正方形ABCD 中,有,//CD AB ,CD AB =.所以//MG AB ,MG AB =,四边形ABGM 为平行四边形. 有//BG AM ,又1//PC GB ,所以1//PC AM ,又1PC ⊄平面AMC ,AM ⊂平面AMC ,所以1PC //平面AMC . 同理可证:1//PA 平面AMC .又1PC ,1PA 在平面11A PC 内,且相交于点P , 所以平面11//A PC 平面AMC . 6.(1)证明见解析;(2) 证明见解析. 【分析】(1)先证明四边形11ABC D 为平行四边形,得到11//BC AD ,再利用线面平行的判定定理证明1//BC 平面1AD E ;(2)先证明11A D AD ⊥,再由线面垂直的性质得到1AB A D ⊥,最后由线面垂直的判定定理证明1A D ⊥平面11ABC D.(1)证明:在正方体1111ABCD A B C D -中, 有//AB CD ,11//CD C D ,所以11//AB C D .又11AB C D =,所以四边形11ABC D 为平行四边形,有11//BC AD . 又1BC ⊄平面1AD E ,1AD ⊂平面1AD E , 所以1//BC 平面1AD E(2)证明:因为1A D ,1AD 为正方形的对角线,所以11A D AD ⊥. 因为AB ⊥平面11AA D D ,1A D ⊂平面11AA D D ,所以1AB A D ⊥. 又1AD ,AB 在平面11ABC D 内,且相交于点A , 所以1A D ⊥平面11ABC D .7.(1)证明见解析;(2)证明见解析. 【分析】(1)由//MN AB ,利用直线与平面平行的判断定理,证明//MN 平面ABD .(2)推导出BA DC ⊥,DC BD ⊥,从而CD ⊥平面ABD ,由此能证明平面ABD ⊥平面BCD . 【详解】(1)∵在三棱锥A BCD -中,点M 、N 分别在棱BC 、AC 上,且//MN AB .MN ⊄平面ABD ,AB 平面ABD ,∴//MN 平面ABD(2)∵MN CD ⊥,//MN AB ,∴AB CD ⊥, ∵BD CD ⊥,ABBD B =∴CD ⊥平面ABD , ∵CD ⊂平面BCD ∴平面ABD ⊥平面BCD . 【点睛】本题考查的是空间中平行与垂直的证明,较简单.8.(Ⅰ)见解析(Ⅱ)见解析(Ⅲ)直线BC 1与平面APM 不能垂直,详见解析 【分析】(Ⅰ)由等腰三角形三线合一得AM BC ⊥;由线面垂直性质可得1AM BB ⊥;根据线面垂直的判定定理知AM ⊥平面11BB C C ;由面面垂直判定定理证得结论;(Ⅱ)取11C B 中点D ,可证得1//A D AM ,//DN MP ;利用线面平行判定定理和面面平行判定定理可证得平面1//A DN 平面APM ;根据面面平行性质可证得结论;(Ⅲ)假设1BC ⊥平面APM ,由线面垂直性质可知1BC PM ⊥,利用相似三角形得到111C B PB MB BB =,从而解得BP 长度,可知满足垂直关系时,P 不在棱1BB 上,则假设错误,可得到结论.(Ⅰ)AB AC =,M 为BC 中点 AM BC ∴⊥1AA ⊥平面ABC ,11//AA BB 1BB ∴⊥平面ABC又AM ⊂平面ABC 1AM BB ∴⊥ 1,BB BC ⊂平面11BB C C ,1BB BC B = AM ∴⊥平面11BB C C又AM ⊂平面APM ∴平面APM ⊥平面11BB C C (Ⅱ)取11C B 中点D ,连接11,,,A D DN DM B C,D M 分别为11,C B CB 的中点 1//DM AA ∴且1DM AA = ∴四边形1A AMD 为平行四边形 1//A D AM ∴又1A D ⊄平面APM ,AM ⊂平面APM 1//A D ∴平面APM,D N 分别为111,C B CC 的中点 1//DN B C ∴又,P M 分别为1,BB CB 的中点 1//MP B C ∴ //DN MP ∴ 又DN ⊄平面APM ,MP ⊂平面APM //DN ∴平面APM 1,A D DN ⊂平面1A DN ,1A DDN D = ∴平面1//A DN 平面APM又1A N ⊂平面1A DN 1//A N ∴平面APM(Ⅲ)假设1BC ⊥平面APM ,由PM ⊂平面APM 得:1BC PM ⊥设PB x =,x ⎡∈⎣当1BC PM ⊥时,11BPM B C B ∠=∠ Rt PBM ∴∆∽11Rt B C B ∆ 111C B PB MB BB =∴由已知得:MB11C B =1BB=,解得:x ⎡=⎣ ∴假设错误 ∴直线1BC 与平面APM 不能垂直【点睛】本题考查立体几何中面面垂直、线面平行关系的证明、存在性问题的求解;涉及到线面垂直的判定与性质、线面平行的判定、面面平行的判定与性质定理的应用;处理存在性问题时,常采用假设法,通过假设成立构造方程,判断是否满足已知要求,从而得到结论. 9.(Ⅰ)见解析(Ⅱ)见解析(Ⅲ)12【分析】(Ⅰ)连接BD ,交AC 于点O ;根据三角形中位线可证得//MO SD ;由线面平行判定定理可证得结论;(Ⅱ)由等腰三角形三线合一可知SE AD ⊥;由面面垂直的性质可知SE ⊥平面ABCD ;根据线面垂直性质可证得结论;(Ⅲ)利用体积桥的方式将所求三棱锥体积转化为14S ABCD V -;根据已知长度和角度关系分别求得四边形面积和高,代入得到结果. 【详解】(Ⅰ)证明:连接BD ,交AC 于点O四边形ABCD 为菱形 O ∴为BD 中点 又M 为SB 中点 //MO SD ∴MO ⊂平面MAC ,SD ⊄平面MAC //SD ∴平面MAC (Ⅱ)SAD ∆为正三角形,E 为AD 中点 SE AD ∴⊥平面SAD ⊥平面ABCD ,平面SAD ⋂平面ABCD AD =,SE ⊂平面SADSE ∴⊥平面ABCD ,又AC ⊂平面ABCD SE AC ∴⊥ (Ⅲ)M 为SB 中点 11112443M ABC M ABCD S ABCD ABCDV V V SSE ---∴===⨯⋅又2AB BC AD CD SA SD ======,60ABC ∠= 2AC ∴=,12222sin 60232ABCDABC SS ∆==⨯⨯⨯=由(Ⅱ)知,SE AD ⊥ SE ∴=11122M ABC V -=⨯∴ 【点睛】本题考查立体几何中线面平行、线线垂直关系的证明、三棱锥体积的求解问题;涉及到线面平行判定定理、面面垂直性质定理和判定定理的应用、体积桥的方式求解三棱锥体积等知识,属于常考题型. 10.(Ⅰ)见解析; (Ⅱ)见解析; (Ⅲ)见解析. 【分析】(Ⅰ)由题意利用线面垂直的判定定理即可证得题中的结论;(Ⅱ)由几何体的空间结构特征首先证得线面垂直,然后利用面面垂直的判断定理可得面面垂直;(Ⅲ)由题意,利用平行四边形的性质和线面平行的判定定理即可找到满足题意的点. 【详解】(Ⅰ)证明:因为PA ⊥平面ABCD ,所以PA BD ⊥; 因为底面ABCD 是菱形,所以AC BD ⊥; 因为PAAC A =,,PA AC ⊂平面PAC ,所以BD ⊥平面PAC .(Ⅱ)证明:因为底面ABCD 是菱形且60ABC ∠=︒,所以ACD ∆为正三角形,所以AE CD ⊥, 因为//AB CD ,所以AE AB ⊥;因为PA ⊥平面ABCD ,AE ⊂平面ABCD , 所以AE PA ⊥; 因为PA AB A = 所以AE ⊥平面PAB ,AE ⊂平面PAE ,所以平面PAB ⊥平面PAE .(Ⅲ)存在点F 为PB 中点时,满足//CF 平面PAE ;理由如下:分别取,PB PA 的中点,F G ,连接,,CF FG EG , 在三角形PAB 中,//FG AB 且12FG AB =;在菱形ABCD 中,E 为CD 中点,所以//CE AB 且12CE AB =,所以//CE FG 且CE FG =,即四边形CEGF 为平行四边形,所以//CF EG ; 又CF⊄平面PAE ,EG ⊂平面PAE ,所以//CF 平面PAE .【点睛】本题主要考查线面垂直的判定定理,面面垂直的判定定理,立体几何中的探索问题等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力. 11.(I )证明见解析. (II )证明见解析. 【详解】证明:(I )E ,F 分别为AB ,BD 的中点EF AD ⇒}EF ADAD ACD EF ACD EF ACD⇒⊂⇒⊄面面面. (II )}}}EF ADEF BDAD BD CD CB CF BD BD EFCF BD EF CF F⇒⊥⊥=⇒⊥⇒⊥⋂=面为的中点,又BD BCD ⊂面,所以EFC BCD ⊥面面.12.(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)证明见解析. 【分析】(1)根据底面是正方形,得到CDAB ,再利用线面平行判定定理证明.(2)连结AC ,BD ,交于点O ,连结OE ,由中位线定理得到OE PC ∥,再利用线面平行判定定理证明.(3)根据底面是正方形,得到BD AC ⊥,由侧棱PA ⊥底面ABCD ,得到BD PA ⊥,从而BD ⊥平面ACE ,由此能证明BD CE ⊥. 【详解】(1)∵四棱锥P ABCD -的底面是正方形, ∴CDAB ,∵CD CD ⊄平面PAB ,AB 平面PAB ,∴CD ∥平面PAB . (2)如图所示:连结AC ,BD ,交于点O ,连结OE ,∵四棱锥P ABCD -的底面是正方形,∴O 是AC 中点,∵E 是PA 的中点.∴OE PC ∥,∵PC ⊄平面BDE ,OE ⊂平面BDE ,∴PC 平面BDE .(3)∵四棱锥P ABCD -的底面是正方形,侧棱PA ⊥底面ABCD ,∴BD AC ⊥,BD PA ⊥,∵AC PA A ⋂=,∴BD ⊥平面ACE ,∵CE ⊂平面ACE ,∴BD CE ⊥.【点睛】本题主要考查线面平行的判定定理,线面垂直的判定定理,还考查了转化化归的思想和逻辑推理的能力,属于中档题.13.(1)证明见解析;(2)1A C 与BD 不可能垂直,证明见解析.【分析】(1)证得1A B ⊥平面1A CD ,结合面面垂直的判定定理即可得出结论;(2)假设1A C 与BD 垂直,然后推出与已知条件11A B A D ⊥矛盾,即可得出1A C 与BD 不可能垂直.【详解】(1)因为平面1A BD ⊥平面BCD ,平面1A BD 平面BCD =BD ,CD ⊂平面BCD ,CD ⊥BD ,所以CD ⊥平面1A BD ,又因为1A B ⊂平面1A BD ,所以CD ⊥1A B ,又因为11A B A D ⊥,1A D CD D =,所以1A B ⊥平面1A CD ,且1A B ⊂平面1A BC ,所以平面1A BC ⊥平面1A CD ;(2)假设1A C 与BD 垂直,又因为CD ⊥BD ,且1AC CD C ⋂=,所以DB ⊥平面1A CD ,又因为1A D ⊂平面1A CD ,所以1DB A D ⊥,这与11A B A D ⊥矛盾,故假设不成立,即1A C 与BD 不可能垂直.23.(1)见解析;(2)见解析;(3)见解析【解析】试题分析:(1)取线段1A B 的中点H ,由三角形中位线性质以及平行四边形性质得四边形DEFH 为平行四边形,即得//EF HD .再根据线面平行判定定理得结论,(2)先根据等腰三角形性质得1A O DE ⊥.再根据面面垂直性质定理得1A O ⊥平面BCED ,即得1CO A O ⊥,根据勾股定理得CO BO ⊥,所以由线面垂直判定定理得 CO ⊥平面1A OB ,最后根据面面垂直判定定理得结论,(3)假设线段OC 上存在点G ,使得OC ⊥平面EFG ,则EO EC =,与条件矛盾.试题解析:解:(1)取线段1A B 的中点H ,连接HD ,HF .因为在△ABC 中,D ,E 分别为AB ,AC 的中点,所以 //DE BC ,12DE BC =. 因为 H ,F 分别为1A B ,1A C 的中点,所以 //HF BC ,12HF BC =, 所以 //HF DE ,HF DE =,所以 四边形DEFH 为平行四边形,所以 //EF HD . 因为 EF ⊄平面1A BD , HD ⊂平面1A BD ,所以 //EF 平面1A BD .(2)因为在△ABC 中,D ,E 分别为AB ,AC 的中点,所以 AD AE =.所以11A D A E =,又O 为DE 的中点,所以 1A O DE ⊥.因为平面1A DE ⊥平面BCED ,且1AO ⊂平面1A DE , 所以 1A O ⊥平面BCED ,所以 1CO A O ⊥.在△OBC 中,4BC =,易知 OB OC ==所以 CO BO ⊥,所以 CO ⊥平面1A OB ,所以 平面1A OB ⊥平面1A OC .(3)线段OC 上不存在点G ,使得OC ⊥平面EFG .否则,假设线段OC 上存在点G ,使得OC ⊥平面EFG ,连接 GE ,GF ,则必有 OC GF ⊥,且OC GE ⊥.在Rt △1A OC 中,由F 为1A C 的中点,OC GF ⊥,得G 为OC 的中点.在△EOC 中,因为OC GE ⊥,所以EO EC =,这显然与1EO =,EC =所以线段OC 上不存在点G ,使得OC ⊥平面EFG .14.(Ⅰ)见证明;(Ⅱ)见证明;(Ⅲ)见解析【分析】(I )由AD ⊥DE ,AD ⊥CD 可得AD ⊥平面CDE ,故而AD ⊥CE ;(II )证明平面ABF ∥平面CDE ,故而BF ∥平面CDE ;(III )取CE 的中点P ,BE 的中点Q ,证明CE ⊥平面ADPQ 即可得出平面ADQ ⊥平面BCE .【详解】(Ⅰ)由底面ABCD 为矩形,知AD CD ⊥.又因为DE AD ⊥,DE CD D ⋂=,所以AD ⊥平面CDE .又因为CE ⊂平面CDE ,所以AD CE ⊥.(Ⅱ)由底面ABCD 为矩形,知//AB CD ,又因为AB ⊄平面CDE ,CD ⊂平面CDE ,所以//AB 平面CDE .同理//AF 平面CDE ,又因为AB AF A ⋂=,所以平面//ABF 平面CDE .又因为BF ⊂平面ABF ,所以//BF 平面CDE .(Ⅲ)结论:线段BE 上存在点Q (即BE 的中点),使得平面ADQ ⊥平面BCE . 证明如下:取CE 的中点P ,BE 的中点Q ,连接,,AQ DP PQ ,则//PQ BC .由//AD BC ,得//PQ AD .所以,,,A D P Q 四点共面.由(Ⅰ),知AD ⊥平面CDE ,所以AD DP ⊥,故BC DP ⊥.在△CDE 中,由DC DE =,可得DP CE ⊥.又因为BC CE C ⋂=,所以DP ⊥平面BCE .又因为DP ⊂平面ADPQ所以平面ADPQ ⊥平面BCE (即平面ADQ ⊥平面BCE ).即线段BE 上存在点Q (即BE 中点),使得平面ADQ ⊥平面BCE【点睛】本题考查了线面垂直、面面垂直的判定与性质定理的应用,线面平行的判定,熟练运用定理是解题的关键,属于中档题.15.(Ⅰ)见证明;(Ⅱ)见证明;(Ⅲ)见解析.【分析】(Ⅰ)证明以DE ∥平面PBC ,只需证明DE ∥PC ;(Ⅱ)证明BC ⊥平面PAB ,根据线面垂直的判定定理,只需证明PA ⊥BC ,AB ⊥BC ;(Ⅲ)当点F 是线段AB 中点时,证明平面DEF ∥平面PBC ,可得平面DEF 内的任一条直线都与平面PBC 平行.【详解】(Ⅰ)证明:因为点E 是AC 中点,点D 为PA 的中点,所以//DE PC .又因为DE ⊄面PBC ,PC ⊂面PBC ,所以DE ∥平面PBC .(Ⅱ)证明:因为平面PAC ⊥面ABC ,平面PAC ∩平面ABC =AC ,又PA ⊂平面PAC ,PA ⊥AC , 所以PA ⊥面ABC ,因为BC ⊂平面ABC ,所以PA ⊥BC .又因为AB ⊥BC ,且PA ∩AB =A ,所以BC ⊥面PAB .(Ⅲ)当点F 是线段AB 中点时,过点D ,E ,F 的平面内的任一条直线都与平面PBC 平行. 取AB 中点F ,连EF ,连DF .由(Ⅰ)可知DE ∥平面PBC .因为点E 是AC 中点,点F 为AB 的中点,所以EF ∥BC .又因为EF ⊄平面PBC ,BC ⊂平面PBC ,所以EF ∥平面PBC .又因为DE ∩EF =E ,所以平面DEF ∥平面PBC ,所以平面DEF 内的任一条直线都与平面PBC 平行.故当点F 是线段AB 中点时,过点D ,E ,F 所在平面内的任一条直线都与平面PBC 平行.【点睛】本题考查线面平行,考查线面垂直,考查面面平行,考查学生分析解决问题的能力,掌握线面平行、线面垂直、面面垂直的判定定理是关键.16.(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)证明见解析.【分析】(1)根据底面是正方形,得到CD AB ,再利用线面平行判定定理证明.(2)连结AC ,BD ,交于点O ,连结OE ,由中位线定理得到OE PC ∥,再利用线面平行判定定理证明.(3)根据底面是正方形,得到BD AC ⊥,由侧棱PA ⊥底面ABCD ,得到BD PA ⊥,从而BD ⊥平面ACE ,由此能证明BD CE ⊥.【详解】(1)∵四棱锥P ABCD -的底面是正方形,∴CD AB ,∵CD ⊄平面PAB ,AB平面PAB , ∴CD ∥平面PAB .(2)如图所示:连结AC ,BD ,交于点O ,连结OE ,∵四棱锥P ABCD -的底面是正方形,∴O 是AC 中点,∵E 是PA 的中点.∴OE PC ∥,∵PC ⊄平面BDE ,OE ⊂平面BDE ,∴PC 平面BDE .(3)∵四棱锥P ABCD -的底面是正方形,侧棱PA ⊥底面ABCD ,∴BD AC ⊥,BD PA ⊥,∵AC PA A ⋂=,∴BD ⊥平面ACE ,∵CE ⊂平面ACE ,∴BD CE ⊥.【点睛】本题主要考查线面平行的判定定理,线面垂直的判定定理,还考查了转化化归的思想和逻辑推理的能力,属于中档题.。

立体几何证明题目

立体几何证明题目

立体几何证明题目一、直线与平面平行的证明题目1:在正方体ABCD - A_1B_1C_1D_1中,E为DD_1的中点,求证:BD_1∥平面AEC。

解析:1. 连接BD交AC于O点。

- 在正方体中,底面ABCD是正方形,根据正方形对角线的性质,对角线互相平分,所以O为BD的中点。

2. 连接OE。

- 因为E为DD_1的中点,在三角形BD_1D中,O是BD中点,E是DD_1中点,根据三角形中位线定理,中位线平行于第三边且等于第三边的一半,所以OE∥ BD_1。

3. 又因为OE⊂平面AEC,BD_1not⊂平面AEC。

- 根据直线与平面平行的判定定理,如果平面外一条直线和这个平面内的一条直线平行,那么这条直线和这个平面平行,所以BD_1∥平面AEC。

二、平面与平面平行的证明题目2:已知四棱锥P - ABCD中,底面ABCD是平行四边形,点M,N分别在PA,BD上,且PM:MA = BN:ND。

求证:平面MNQ∥平面PBC(设AC∩ BD = Q,连接MQ、NQ)。

解析:1. 因为四边形ABCD是平行四边形,AC∩ BD = Q,所以AQ = QC,BQ=QD。

- 由于PM:MA = BN:ND,在三角形PAQ中,(PM)/(MA)=(BN)/(ND),可得MQ∥ PC。

- 理由是:如果一条直线截三角形的两边(或两边的延长线)所得的对应线段成比例,那么这条直线平行于三角形的第三边。

2. 在三角形ABD中,(BN)/(ND)=(PM)/(MA),可得NQ∥ AD。

- 又因为底面ABCD是平行四边形,AD∥ BC,所以NQ∥ BC。

3. 因为MQ∥ PC,MQnot⊂平面PBC,PC⊂平面PBC,根据直线与平面平行的判定定理,可得MQ∥平面PBC。

- 同理,NQ∥ BC,NQnot⊂平面PBC,BC⊂平面PBC,可得NQ∥平面PBC。

4. 又因为MQ∩ NQ = Q,MQ⊂平面MNQ,NQ⊂平面MNQ。

- 根据平面与平面平行的判定定理,如果一个平面内有两条相交直线都平行于另一个平面,那么这两个平面平行,所以平面MNQ∥平面PBC。

(完整)立体几何证明基础题

(完整)立体几何证明基础题

立体几何证明基础题一.解答题(共28小题)1.如图,在三棱锥P﹣ABC中,PB⊥BC,AC⊥BC,点E,F,G分别为AB,BC,PC,的中点(1)求证:PB∥平面EFG;(2)求证:BC⊥EG.2.如图,在三棱锥P﹣ABC中,PC⊥底面ABC,AB⊥BC,D,E分别是AB,PB的中点.(1)求证DE∥PA(2)求证:DE∥平面PAC;(3)求证:AB⊥PB.3.如图所示,△ABC为正三角形,CE⊥平面ABC,BD∥CE且CE=AC=2BD,试在AE上确定一点M,使得DM∥平面ABC.4.如图:在四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD是菱形,∠ABC=60°,PA⊥平面ABCD,点M,N分别为BC,PA的中点,且PA=AB=2.(Ⅰ)证明:BC⊥平面AMN;(Ⅱ)求三棱锥N﹣AMC的体积;(Ⅲ)在线段PD上是否存在一点E,使得NM∥平面ACE;若存在,求出PE的长;若不存在,说明理由.5.如图,四棱锥P﹣ABCD的底面是边长为1的正方形,侧棱PA⊥底面ABCD,且PA=2,E是侧棱PA上的动点.(1)求四棱锥P﹣ABCD的体积;(2)如果E是PA的中点,求证:PC∥平面BDE;(3)是否不论点E在侧棱PA的任何位置,都有BD⊥CE?证明你的结论.6.已知四棱锥A ﹣BCDE ,其中AB=BC=AC=BE=1,CD=2,CD ⊥面ABC,BE ∥CD,F 为AD 的中点. (Ⅰ)求证:EF ∥面ABC ; (Ⅱ)求证:平面ADE ⊥平面ACD ; (Ⅲ)求四棱锥A ﹣BCDE 的体积.7.如图,四棱柱ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,平面A 1ABB 1⊥平面ABCD ,且∠ABC=.(1)求证:BC ∥平面AB 1C 1;(2)求证:平面A 1ABB 1⊥平面AB 1C 1.8.如图,三角形ABC中,AC=BC=,ABED是边长为1的正方形,平面ABED⊥底面ABC,若G、F分别是EC、BD的中点.(Ⅰ)求证:GF∥底面ABC;(Ⅱ)求证:AC⊥平面EBC;(Ⅲ)求几何体ADEBC的体积V.9.如图,在四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为直角梯形,AD||BC,PD⊥底面ABCD,∠ADC=90°,AD=2BC,Q为AD的中点,M为棱PC的中点.(Ⅰ)证明:PA∥平面BMQ;(Ⅱ)已知PD=DC=AD=2,求点P到平面BMQ的距离.10.已知直三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1的底面△ABC 中,∠C=90°,BC=,BB 1=2,O 是AB 1的中点,D是AC 的中点,M 是CC 1的中点, (1)证明:OD ∥平面BB 1C 1C ; (2)试证:BM ⊥AB 1.11.如图,在四棱锥P ﹣ABCD 中,四边形ABCD 是平行四边形,E 、F 分别是AB 、PC 中点,求证:EF ∥面PAD .12.如图,在正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,E 是AA 1的中点,求证: (Ⅰ)A 1C ∥平面BDE ; (Ⅱ)平面A 1AC ⊥平面BDE .13.如图,四棱锥P ﹣ABCD 中,底面ABCD 为矩形,E 为PD 的中点. (1)求证:PB ∥平面AEC ;(2)若PA ⊥平面ABCD ,PA=AD ,求证:平面AEC ⊥平面PCD .14.如图,ABCD 是正方形,O 是正方形的中心,PO ⊥底面ABCD ,E 是PC 的中点. 求证: (1)PA ∥平面BDE ; (2)BD ⊥平面PAC .15.如图,正四棱柱ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1,底面边长AB=1,侧棱长AA 1=2. (Ⅰ)求正四棱柱ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1的表面积; (Ⅱ)证明:AC ⊥平面BDD 1B 1.16.已知正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1,O 是底ABCD 对角线的交点.求证: (1)C 1O ∥面AB 1D 1; (2)A 1C ⊥面AB 1D 1.17.如图所示,在正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,M ,E,F,N 分别为A 1B 1,B 1C 1,C 1D 1,D 1A 1的中点,求证: (1)E ,F ,D ,B 四点共面; (2)面AMN ∥平面EFDB .18.如图,长方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,AB=AD=1,AA 1=2,点P 是DD 1的中点. 求证:(1)直线BD 1∥平面PAC(2)①求异面直线PC 与AA 1所成的角. ②平面PAC ⊥平面BDD 1.19.如图,在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中,∠ACB=90°,AC=CB=CC1=2,E是AB中点.(Ⅰ)求证:AB1⊥平面A1CE;(Ⅱ)求直线A1C1与平面A1CE所成角的正弦值.20.如图,在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,E、F、G分别是AB、AD、C1D1的中点.求证:平面D1EF∥平面BDG.21.(文科)如图,正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,M,N,E,F分别是棱A1B1,A1D1,B1C1,C1D1的中点,求证:平面AMN∥平面EFDB.22.如图,在四棱锥P﹣ABCD中,侧面PAD是正三角形,且与底面ABCD垂直,底面ABCD是边长为2的菱形,∠BAD=60°,N是PB的中点,过A、D、N三点的平面交PC于M,E为AD的中点,求证:(1)EN∥平面PDC;(2)BC⊥平面PEB;(3)平面PBC⊥平面ADMN.23.如图,在正三棱锥P﹣ABC中,D,E分别是AB,BC的中点.(1)求证:DE∥平面PAC;(2)求证:AB⊥PC.24.如图所示,在四棱锥P﹣ABCD中,底面是边长为1的正方形,侧棱PD=1,PA=PC=.(1)求证:PD⊥平面ABCD;(2)求证:平面PAC⊥平面PBD.25.如图,在三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1中,侧棱AA 1⊥底面ABC ,AB ⊥BC,D 为AC 的中点,A 1A=AB=2. (1)求证:AB 1∥平面BC 1D ;(2)过点B 作BE ⊥AC 于点E,求证:直线BE ⊥平面AA 1C 1C (3)若四棱锥B ﹣AA 1C 1D 的体积为3,求BC 的长度.26.如图,已知四棱锥P ﹣ABCD 的底面ABCD 是菱形,PA ⊥平面ABCD ,点F 为PC 的中点. (1)求证:PA ∥平面BDF ; (2)求证:PC ⊥BD .27.如图,在正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,E 是CC 1的中点. (1)求证:AC 1⊥BD . (2)求证:AC 1∥平面BDE .28.已知空间四边形ABCD (如图所示),E 、F 分别是AB 、AD 的中点,G 、H 分别是BC 、CD 上的(完整)立体几何证明基础题点,且CG=BC,CH=DC.求证:①E、F、G、H四点共面;②三直线FH、EG、AC共点.立体几何证明基础题参考答案与试题解析一.解答题(共28小题)1.如图,在三棱锥P﹣ABC中,PB⊥BC,AC⊥BC,点E,F,G分别为AB,BC,PC,的中点(1)求证:PB∥平面EFG;(2)求证:BC⊥EG.【分析】(1)推导出GF∥PB,由此能证明PB∥平面EFG.(2)推导出EF⊥BC,GF⊥BC,从而BC⊥平面EFG,由此能证明BC⊥EG.【解答】证明:(1)∵点F,G分别为BC,PC,的中点,∴GF∥PB,∵PB⊄平面EFG,FG⊂平面EFG,∴PB∥平面EFG.(2)∵在三棱锥P﹣ABC中,PB⊥BC,AC⊥BC,点E,F,G分别为AB,BC,PC,的中点,∴EF∥AC,GF∥PB,∴EF⊥BC,GF⊥BC,∵EF∩FG=F,∴BC⊥平面EFG,∵EG⊂平面EFG,∴BC⊥EG.【点评】本题考查线面平行、线线垂直的证明,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.2.如图,在三棱锥P﹣ABC中,PC⊥底面ABC,AB⊥BC,D,E分别是AB,PB的中点.(1)求证DE∥PA(2)求证:DE∥平面PAC;(3)求证:AB⊥PB.【分析】(1)由D,E分别是AB,PB的中点,能证明DE∥PA.(2)由PA⊂平面PAC,DE∥PA,且DE⊄平面PAC,能证明DE∥平面PAC.(3)推导出AB⊥PC,AB⊥BC,得AB⊥平面PBC,由此能证明AB⊥PB.【解答】证明:(1)因为D,E分别是AB,PB的中点,所以DE∥PA.(2)因为PA⊂平面PAC,DE∥PA,且DE⊄平面PAC,所以DE∥平面PAC.(3)因为PC⊥平面ABC,且AB⊂平面ABC,所以AB⊥PC.又因为AB⊥BC,且PC∩BC=C.所以AB⊥平面PBC.又因为PB⊂平面PBC,所以AB⊥PB.【点评】本题考查线线平行、线面平行、线线垂直的证明,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查推理论证能力、运算求解能力,考查化归与转化思想、函数与方程思想,是基础题.3.如图所示,△ABC为正三角形,CE⊥平面ABC,BD∥CE且CE=AC=2BD,试在AE上确定一点M,使得DM∥平面ABC.【分析】AE中点为M,取AC中点为N,通过证明四边形MNBD是平行四边形得出DM∥BN,从而可得DM∥平面ABC.【解答】解:取AE中点为M,取AC中点为N,连结MD,MN,NB,在△ABC中,∵M,N分别是边AC,AE的中点,∴CE=2MN且MN∥CE,又∵CE=2BD且BD∥CE,∴MN∥BD且MN=BD,∴四边形BDMN是平行四边形.∴DM∥BN,又∵BN⊂平面ABC,DM⊄平面ABC,∴DM∥平面ABC.故M为AE的中点时,DM∥平面ABC.【点评】本题考查了线面平行的判定,属于基础题.4.如图:在四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD是菱形,∠ABC=60°,PA⊥平面ABCD,点M,N分别为BC,PA的中点,且PA=AB=2.(Ⅰ)证明:BC⊥平面AMN;(Ⅱ)求三棱锥N﹣AMC的体积;(Ⅲ)在线段PD上是否存在一点E,使得NM∥平面ACE;若存在,求出PE的长;若不存在,说明理由.【分析】(I)要证线与面垂直,只要证明线与面上的两条相交线垂直,找面上的两条线,根据四边形是一个菱形,从菱形出发找到一条,再从PA⊥平面ABCD,得到结论.(II)要求三棱锥的体积,首先根据所给的体积确定用哪一个面做底面,会使得计算简单一些,选择三角形AMC,做出底面面积,利用体积公式得到结果.(III)对于这种是否存在的问题,首先要观察出结论,再进行证明,根据线面平行的判定定理,利用中位线确定线与线平行,得到结论.【解答】解:(Ⅰ)证明:∵ABCD为菱形,∴AB=BC又∠ABC=60°,∴AB=BC=AC,又M为BC中点,∴BC⊥AM而PA⊥平面ABCD,BC⊂平面ABCD,∴PA⊥BC 又PA∩AM=A,∴BC⊥平面AMN(II)∵又PA⊥底面ABCD,PA=2,∴AN=1•AN∴三棱锥N﹣AMC的体积S△AMC=(III)存在点E,取PD中点E,连接NE,EC,AE,∵N,E分别为PA,PD中点,∴又在菱形ABCD中,∴,即MCEN是平行四边形∴NM∥EC,又EC⊂平面ACE,NM⊄平面ACE∴MN∥平面ACE,即在PD上存在一点E,使得NM∥平面ACE,此时.【点评】本题考查空间中直线与平面之间的位置关系,是一个非常适合作为高考题目出现的问题,题目包含的知识点比较全面,重点突出,是一个好题.5.如图,四棱锥P﹣ABCD的底面是边长为1的正方形,侧棱PA⊥底面ABCD,且PA=2,E是侧棱PA上的动点.(1)求四棱锥P﹣ABCD的体积;(2)如果E是PA的中点,求证:PC∥平面BDE;(3)是否不论点E在侧棱PA的任何位置,都有BD⊥CE?证明你的结论.【分析】(1)利用四棱锥的体积计算公式即可;(2)利用三角形的中位线定理和线面平行的判定定理即可证明;(3)利用线面垂直的判定和性质即可证明.【解答】解:(1)∵PA⊥底面ABCD,∴PA为此四棱锥底面上的高.∴V==.四棱锥P﹣ABCD(2)连接AC交BD于O,连接OE.∵四边形ABCD是正方形,∴AO=OC,又∵AE=EP,∴OE∥PC.又∵PC⊄平面BDE,OE⊂平面BDE.∴PC∥平面BDE.(3)不论点E在侧棱PA的任何位置,都有BD⊥CE.证明:∵四边形ABCD是正方形,∴BD⊥AC.∵PA⊥底面ABCD,∴PA⊥BD.又∵PA∩AC=A,∴BD⊥平面PAC.∵CE⊂平面PAC.∴BD⊥CE.【点评】熟练掌握线面平行、垂直的判定和性质定理及四棱锥的体积计算公式是解题的关键.6.已知四棱锥A﹣BCDE,其中AB=BC=AC=BE=1,CD=2,CD⊥面ABC,BE∥CD,F为AD的中点.(Ⅰ)求证:EF∥面ABC;(Ⅱ)求证:平面ADE⊥平面ACD;(Ⅲ)求四棱锥A﹣BCDE的体积.【分析】(Ⅰ)取AC中点G,连接FG、BG,根据三角形中位线定理,得到四边形FGBE为平行四边形,进而得到EF∥BG,再结合线面平行的判定定理得到EF∥面ABC;(Ⅱ)根据已知中△ABC为等边三角形,G为AC的中点,DC⊥面ABC得到BG⊥AC,DC⊥BG,根据线面垂直的判定定理得到BG⊥面ADC,则EF⊥面ADC,再由面面垂直的判定定理,可得面ADE⊥面ACD;(Ⅲ)方法一:四棱锥四棱锥A﹣BCDE分为两个三棱锥E﹣ABC和E﹣ADC,分别求出三棱锥E﹣ABC和E﹣ADC的体积,即可得到四棱锥A﹣BCDE的体积.的高,求出底面面积和方法二:取BC的中点为O,连接AO,可证AO⊥平面BCDE,即AO为VA﹣BCDE高代入棱锥体积公式即可求出四棱锥A﹣BCDE的体积.【解答】证明:(Ⅰ)取AC中点G,连接FG、BG,∵F,G分别是AD,AC的中点∴FG∥CD,且FG=DC=1.∵BE∥CD∴FG与BE平行且相等∴EF∥BG.EF⊄面ABC,BG⊂面ABC∴EF∥面ABC…(4分)(Ⅱ)∵△ABC为等边三角形∴BG⊥AC又∵DC ⊥面ABC ,BG ⊂面ABC ∴DC ⊥BG ∴BG 垂直于面ADC 的两条相交直线AC,DC ,∴BG ⊥面ADC . …(6分) ∵EF ∥BG ∴EF ⊥面ADC∵EF ⊂面ADE ,∴面ADE ⊥面ADC . …(8分) 解:(Ⅲ)方法一:连接EC ,该四棱锥分为两个三棱锥E ﹣ABC 和E ﹣ADC ..…(12分)方法二:取BC 的中点为O ,连接AO,则AO ⊥BC ,又CD ⊥平面ABC , ∴CD ⊥AO ,BC ∩CD=C ,∴AO ⊥平面BCDE , ∴AO 为V A ﹣BCDE 的高,,∴.【点评】本题考查的知识点是直线与平面平行的判定,平面与平面垂直的判定,棱锥的体积,其中熟练掌握空间线面平行或垂直的判定、性质、定义、几何特征是解答此类问题的关键.7.如图,四棱柱ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,平面A 1ABB 1⊥平面ABCD,且∠ABC=.(1)求证:BC ∥平面AB 1C 1;(2)求证:平面A 1ABB 1⊥平面AB 1C 1.【分析】(1)根据BC ∥B 1C 1,且B 1C 1⊂平面AB 1C 1,BC ⊄平面AB 1C 1,依据线面平行的判定定理推断出BC ∥平面AB 1C 1.(2)平面A 1ABB 1⊥平面ABCD ,平面ABCD ∥平面A 1B 1C 1D 1,推断出平面A 1ABB 1⊥平面A 1B 1C 1D 1,又平面A 1ABB 1∩平面A 1B 1C 1D 1=A 1B 1,A 1B 1⊥C 1B 1,C 1B 1⊂平面AB 1C 1,根据面面垂直的性质推断出平面A 1ABB 1⊥平面AB 1C 1.【解答】证明:(1)∵BC ∥B 1C 1,且B 1C 1⊂平面AB 1C 1,BC ⊄平面AB 1C 1, ∴BC ∥平面AB 1C 1.(2)∵平面A 1ABB 1⊥平面ABCD ,平面ABCD ∥平面A 1B 1C 1D 1, ∴平面A 1ABB 1⊥平面A 1B 1C 1D 1,∵平面A 1ABB 1∩平面A 1B 1C 1D 1=A 1B 1,A 1B 1⊥C 1B 1, ∴C 1B 1⊂平面AB 1C 1,∴平面A 1ABB 1⊥平面AB 1C 1.【点评】本题主要考查了线面平行和面面垂直的判定定理.注重了对基础知识的考查.8.如图,三角形ABC 中,AC=BC=,ABED 是边长为1的正方形,平面ABED ⊥底面ABC ,若G 、F 分别是EC 、BD 的中点. (Ⅰ)求证:GF ∥底面ABC ;(Ⅱ)求证:AC⊥平面EBC;(Ⅲ)求几何体ADEBC的体积V.【分析】(1)证法一:证明一条直线与一个平面平行,除了可以根据直线与平面平行的判定定理以外,通常还可以通过平面与平面平行进行转化,比如取BE的中点H,连接HF、GH,根据中位线定理易证得:平面HGF∥平面ABC,进一步可得:GF∥平面ABC.证法二:根据直线与平面平行的判定定理可知:如果不在一个平面内的一条直线和平面内的一条直线平行,那么直线和这个平面平行.故只需在平面ABC中找到与GF平行的直线即可.因为G、F分别是EC、BD的中点,故平移是可以通过构造特殊的四边形、三角形来实现.证法三:根据直线与平面平行的判定定理可知:如果不在一个平面内的一条直线和平面内的一条直线平行,那么直线和这个平面平行.故只需在平面ABC中找到与GF平行的直线即可.因为G、F分别是EC、BD的中点,所以构造中位线是常用的找到平行直线的方法.(2)证明直线与平面垂直,关键要找到两条相交直线与之都垂直.有时候题目中没有现成的直线与直线垂直,需要我们先通过直线与平面垂直或者平面与平面垂直去转化一下.由第一问可知:GF∥平面ABC,而平面ABED⊥平面ABC,所以BE⊥平面ABC,所以BE⊥AC;又由勾股定理可以证明:AC⊥BC.(3)解决棱锥、棱柱求体积的问题,关键在于找到合适的高与对应的底面,切忌不审图形,盲目求解;根据平面与平面垂直的性质定理可知:CN⊥平面ABED,而ABED是边长为1的正方形,进一步即可以求得体积.【解答】解:(I)证法一:取BE的中点H,连接HF、GH,(如图)∵G、F分别是EC和BD的中点∴HG∥BC,HF∥DE,(2分)又∵ADEB为正方形∴DE∥AB,从而HF∥AB∴HF∥平面ABC,HG∥平面ABC,HF∩HG=H,∴平面HGF∥平面ABC∴GF∥平面ABC(5分)证法二:取BC的中点M,AB的中点N连接GM、FN、MN(如图)∵G、F分别是EC和BD的中点∴(2分)又∵ADEB为正方形∴BE∥AD,BE=AD∴GM∥NF且GM=NF∴MNFG为平行四边形∴GF∥MN,又MN⊂平面ABC,∴GF∥平面ABC(5分)证法三:连接AE,∵ADEB为正方形,∴AE∩BD=F,且F是AE中点,(2分)∴GF∥AC,又AC⊂平面ABC,∴GF∥平面ABC(5分)(Ⅱ)∵ADEB为正方形,∴EB⊥AB,∴GF∥平面ABC(5分)又∵平面ABED⊥平面ABC,∴BE⊥平面ABC(7分)∴BE⊥AC又∵CA2+CB2=AB2∴AC⊥BC,∵BC∩BE=B,∴AC⊥平面BCE(9分)(Ⅲ)连接CN,因为AC=BC,∴CN⊥AB,(10分)又平面ABED⊥平面ABC,CN⊂平面ABC,∴CN⊥平面ABED.(11分)∵三角形ABC是等腰直角三角形,∴,(12分)∵C﹣ABED是四棱锥,==(14分)∴VC﹣ABED【点评】本小题主要考查空间线面关系、面面关系、几何体的体积等知识,考查数形结合、化归与转化的数学思想方法,以及空间想象能力、推理论证能力和运算求解能力.9.如图,在四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为直角梯形,AD||BC,PD⊥底面ABCD,∠ADC=90°,AD=2BC,Q为AD的中点,M为棱PC的中点.(Ⅰ)证明:PA∥平面BMQ;(Ⅱ)已知PD=DC=AD=2,求点P到平面BMQ的距离.【分析】(1)连结AC交BQ于N,连结MN,只要证明MN∥PA,利用线面平行的判定定理可证;(2)由(1)可知,PA∥平面BMQ,所以点P到平面BMQ的距离等于点A到平面BMQ的距离.【解答】解:(1)连结AC交BQ于N,连结MN,因为∠ADC=90°,Q为AD的中点,所以N为AC的中点.…(2分)当M为PC的中点,即PM=MC时,MN为△PAC的中位线,故MN∥PA,又MN⊂平面BMQ,所以PA∥平面BMQ.…(5分)(2)由(1)可知,PA∥平面BMQ,所以点P到平面BMQ的距离等于点A到平面BMQ的距离,所以VP﹣BMQ =VA﹣BMQ=VM﹣ABQ,取CD的中点K,连结MK,所以MK∥PD,,…(7分)又PD⊥底面ABCD,所以MK⊥底面ABCD.又,PD=CD=2,所以AQ=1,BQ=2,,…(10分)所以VP﹣BMQ =VA﹣BMQ=VM﹣ABQ=.,…(11分)则点P到平面BMQ的距离d=…(12分)【点评】本题考查了线面平行的判定定理的运用以及利用三棱锥的体积求点到直线的距离.10.已知直三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1的底面△ABC 中,∠C=90°,BC=,BB 1=2,O 是AB 1的中点,D 是AC 的中点,M 是CC 1的中点, (1)证明:OD ∥平面BB 1C 1C ; (2)试证:BM ⊥AB 1.【分析】(1)连B 1C 利用中位线的性质推断出OD ∥B 1C ,进而根据线面平行的判定定理证明出OD ∥平面BB 1C 1C .(2)先利用线面垂直的性质判断出CC 1⊥AC ,进而根据线面垂直的判定定理证明出AC ⊥平面BB 1C 1C ,进而可知AC ⊥MB .利用证明△BCD ∽△B 1BC,推断出∠CBM=∠BB 1C ,推断出BM ⊥B 1C ,最后利用线面垂直的判定定理证明出BM ⊥平面AB 1C ,进而可知BM ⊥AB 1. 【解答】证明:(1)连B 1C ,∵O 为AB 1中点,D 为AC 中点, ∴OD ∥B 1C ,又B 1C ⊂平面BB 1C 1C,OD ⊄平面BB 1C 1C,∴OD ∥平面BB 1C 1C . (2)连接B 1C ,∵直三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1,∴CC 1⊥平面ABC AC ⊂平面ABC, ∴CC 1⊥AC,又AC ⊥BC ,CC 1,BC ⊂平面BB 1C 1C , ∴AC ⊥平面BB 1C 1C ,BM ⊂平面BB 1C 1C , ∴AC ⊥MB .在Rt △BCM 与Rt △B 1BC 中,==,∴△BMC ∽△B 1BC, ∴∠CBM=∠BB 1C,∴∠BB 1C+∠B 1BM=∠CBM+∠B 1BM=90°, ∴BM ⊥B 1C ,AC ,B 1C ⊂平面AB 1C , ∴BM ⊥AB 1C , ∵AB 1⊂平面AB 1C , ∴BM ⊥AB 1.【点评】本题主要考查了线面平行和线面垂直的判定定理的应用.证明线线平行和线线垂直是解题的关键.11.如图,在四棱锥P ﹣ABCD 中,四边形ABCD 是平行四边形,E 、F 分别是AB 、PC 中点,求证:EF ∥面PAD .【分析】取PD的中点G,连接FG、AG,由PF=CF,PG=DG,所以FG∥CD,且FG=CD.又因为四边形ABCD是平行四边形,且E是AB的中点.所以AE∥CD,且AE=CD.证得四边形EFGA是平行四边形,所以EF∥AG,由线面平行的判定定理即可得证.【解答】证明:取PD的中点G,连接FG、AG.因为PF=CF,PG=DG,所以FG∥CD,且FG=CD.又因为四边形ABCD是平行四边形,且E是AB的中点.所以AE∥CD,且AE=CD.所以FG∥AE,且FG=AE,所以四边形EFGA是平行四边形,所以EF∥AG.又因为EF⊄平面PAD,AG⊂平面PAD,所以EF∥平面PAD.【点评】本题考查直线与平面平行的证明,解题时要认真审题,仔细解答,注意等价转化思想的合理运用.12.如图,在正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,E 是AA 1的中点,求证: (Ⅰ)A 1C ∥平面BDE ; (Ⅱ)平面A 1AC ⊥平面BDE .【分析】(Ⅰ)连接AC 交BD 于O,连接EO ,△A 1AC 中利用中位线,得EO ∥A 1C .再结合线面平行的判定定理,可得A 1C ∥平面BDE;(II )根据正方体的侧棱垂直于底面,结合线面垂直的定义,得到AA 1⊥BD .再结合正方形的对角线互相垂直,得到AC ⊥BD ,从而得到BD ⊥平面A 1AC,最后利用面面垂直的判定定理,可以证出平面A 1AC ⊥平面BDE .【解答】证明:(Ⅰ)连接AC 交BD 于O ,连接EO , ∵E 为AA 1的中点,O 为AC 的中点 ∴EO 为△A 1AC 的中位线 ∴EO ∥A 1C又∵EO ⊂平面BDE ,A 1C ⊄平面BDE ∴A 1C ∥平面BDE ;…(6分)(Ⅱ)∵AA 1⊥平面ABCD,BD ⊂平面ABCD ∴AA 1⊥BD又∵四边形ABCD 是正方形 ∴AC ⊥BD ,∵AA1∩AC=A,AA1、AC⊂平面A1AC∴BD⊥平面A1AC又∵BD⊂平面BDE∴平面A1AC⊥平面BDE.…(12分)【点评】本题以正方体为例,要求我们证明线面平行和面面垂直,着重考查了空间直线与平面的位置关系和平面与平面位置关系等知识点,属于基础题.13.如图,四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为矩形,E为PD的中点.(1)求证:PB∥平面AEC;(2)若PA⊥平面ABCD,PA=AD,求证:平面AEC⊥平面PCD.【分析】(1)连接BD交AC于O点,连接EO,只要证明EO∥PB,即可证明PB∥平面AEC;(2)要证平面PDC⊥平面AEC,需要证明CD⊥AE,AE⊥PD,即垂直平面AEC内的两条相交直线.【解答】证明:(1)连接BD交AC于O点,连接EO,∵O为BD中点,E为PD中点,∴EO∥PB,又EO⊂平面AEC,PB⊄平面AEC,∴PB∥平面AEC.(2)∵PA⊥平面ABCD,CD⊂平面ABCD,∴PA⊥CD,又AD⊥CD,且AD∩PA=A,∴CD⊥平面PAD,又AE⊂平面PAD,∴CD⊥AE.∵PA=AD,E为PD中点,∴AE⊥PD.又CD∩PD=D,∴AE⊥平面PDC,又AE⊂平面PAD,∴平面PDC⊥平面AEC.【点评】本题考查了线面平行,面面垂直的判定定理,属于基础题.14.如图,ABCD是正方形,O是正方形的中心,PO⊥底面ABCD,E是PC的中点.求证:(1)PA∥平面BDE;(2)BD⊥平面PAC.【分析】(1)连接OE,根据三角形中位线定理,可得PA∥EO,进而根据线面平行的判定定理,得到PA∥平面BDE.(2)根据线面垂直的定义,可由PO⊥底面ABCD得到BD⊥PO,结合四边形ABCD是正方形及线面垂直的判定定理可得BD⊥平面PAC【解答】证明(1)连接OE,在△CAP中,CO=OA,CE=EP,∴PA∥EO,又∵PA⊄平面BDE,EO⊂平面BDE,∴PA∥平面BDE.(2)∵PO⊥底面ABCD,BD⊂平面ABCD,∴BD⊥PO又∵四边形ABCD是正方形,∴BD⊥AC∵AC∩PO=O,AC,PO⊂平面PAC∴BD⊥平面PAC【点评】本题考查的知识点是直线与平面平行的判定,直线与平面垂直的判定,熟练掌握空间线面关系的判定定理是解答的关键.15.如图,正四棱柱ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1,底面边长AB=1,侧棱长AA 1=2. (Ⅰ)求正四棱柱ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1的表面积; (Ⅱ)证明:AC ⊥平面BDD 1B 1.【分析】(I)求出各面的面积即可得出表面积;(II )根据BB 1⊥平面ABCD 可得AC ⊥BB 1,根据正方形ABCD 的性质可得AC ⊥BD ,从而有AC ⊥平面BDD 1B 1.【解答】解:(I)正四棱柱的表面积为1×1×2+1×2×4=10. (II )连接AC,BD,B 1D 1,∵BB 1⊥平面ABCD ,AC ⊂平面ABCD , ∴AC ⊥BB 1,∵四边形ABCD 是正方形, ∴AC ⊥BD,又BD ⊂平面BDD 1B 1,BB 1⊂平面BDD 1B 1,BD ∩BB 1=B , ∴AC ⊥平面BDD 1B 1.【点评】本题考查了直棱柱的结构特征,线面垂直的判定,属于基础题.16.已知正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1,O 是底ABCD 对角线的交点.求证: (1)C 1O ∥面AB 1D 1; (2)A 1C ⊥面AB 1D 1.【分析】(1)欲证C 1O ∥面AB 1D 1,根据直线与平面平行的判定定理可知只需证C 1O 与面AB 1D 1内一直线平行,连接A 1C 1,设A 1C 1∩B 1D 1=O 1,连接AO 1,易得C 1O ∥AO 1,AO 1⊂面AB 1D 1,C 1O ⊄面AB 1D 1,满足定理所需条件;(2)欲证A 1C ⊥面AB 1D 1,根据直线与平面垂直的判定定理可知只需证A 1C 与面AB 1D 1内两相交直线垂直根据线面垂直的性质可知A 1C ⊥B 1D 1,同理可证A 1C ⊥AB 1,又D 1B 1∩AB 1=B 1,满足定理所需条件.【解答】证明:(1)连接A 1C 1,设A 1C 1∩B 1D 1=O 1,连接AO 1, ∵ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1是正方体, ∴A 1ACC 1是平行四边形,∴A1C1∥AC且A1C1=AC,又O1,O分别是A1C1,AC的中点,∴O1C1∥AO且O1C1=AO,∴AOC1O1是平行四边形,∴C1O∥AO1,AO1⊂面AB1D1,C1O⊄面AB1D1,∴C1O∥面AB1D1;(2)∵CC1⊥面A1B1C1D1∴CC1⊥B1D!,又∵A1C1⊥B1D1,∴B1D1⊥面A1C1C,即A1C⊥B1D1,∵A1B⊥AB1,BC⊥AB1,又A1B∩BC=B,AB1⊥平面A1BC,又A1C⊂平面A1BC,∴A1C⊥AB1,又D1B1∩AB1=B1,∴A1C⊥面AB1D1【点评】本题主要考查了线面平行、线面垂直的判定定理,考查对基础知识的综合应用能力和基本定理的掌握能力.17.如图所示,在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,M,E,F,N分别为A1B1,B1C1,C1D1,D1A1的中点,求证:(1)E,F,D,B四点共面;(2)面AMN∥平面EFDB.【分析】(1)由E,E分别是B1C1,C1D1的中点,知EF∥B1D1,从而得到EF∥BD,由此能证明E,F,B,D,四点共面.(2)由题设条件推导出MN∥EF,AN∥CF,由此能够证明面MAN∥面EFDB.【解答】证明:(1)∵E,E分别是B1C1,C1D1的中点,∴EF∥B1D1 ,∵B1D1∥BD,∴EF∥BD,∴E,F,B,D,四点共面.(2)∵M,N分别是A1B1,D1A1的中点,∴MN∥B1D1,∵EF∥B1D1,∴MN∥EF,∵F,N分别是D1C1、A1B1的中点,∴NF A1D1,∵,∴NF AC,∴四边形NFCA是平行四边形,∴AN∥CF,∵MN∩AN=N,EF∩DF=F,∴面MAN∥面EFDB.【点评】本题考查四点共面的证明,考查两个平面平行的证明.解题时要认真审题,注意中位线定理和平行公理的合理运用.18.如图,长方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,AB=AD=1,AA 1=2,点P 是DD 1的中点. 求证:(1)直线BD 1∥平面PAC(2)①求异面直线PC 与AA 1所成的角. ②平面PAC ⊥平面BDD 1.【分析】(1)连接BD ,交AC 于O,连接PO ,由三角形的中位线定理和线面平行的判定定理,即可得证;(2)①连接PC 1,AA 1∥CC 1,∠C 1CP 即为异面直线PC 与AA 1所成的角,分别求出△C 1CP 的三边,由解三角形即可得到所求角;②运用正方形的对角线垂直和线面垂直的性质定理,可得AC ⊥平面BDD 1B 1,再由面面垂直的判定定理,即可得证.【解答】(1)证明:连接BD ,交AC 于O ,连接PO , 在△BDD1中,OP 为中位线,可得OP∥BD1,又OP⊂平面PAC,BD1⊄平面PAC,则直线BD1∥平面PAC;(2)①连接PC1,AA1∥CC1,∠C1CP即为异面直线PC与AA1所成的角,在△C1CP中,C1C=2,PC===,PC1===,由PC2+PC12=CC12,可得△C1CP为等腰直角三角形,则异面直线PC与AA1所成的角为45°;②证明:在底面ABCD中,AB=AD,即有四边形ABCD为正方形,可得AC⊥BD,D1D⊥平面ABCD,AC⊂平面ABCD,即有D1D⊥AC,D1D∩BD=D,可得AC⊥平面BDD1B1,AC⊂平面PAC,则平面PAC⊥平面BDD1.【点评】本题考查线面平行的判定,注意运用中位线定理和线面平行的判定定理,考查异面直线所成角的求法,注意运用平移法,考查面面垂直的判定,注意运用线面垂直的判定和性质,考查空间想象能力和推理能力,属于基础题.19.如图,在直三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1中,∠ACB=90°,AC=CB=CC 1=2,E 是AB 中点. (Ⅰ)求证:AB 1⊥平面A 1CE ;(Ⅱ)求直线A 1C 1与平面A 1CE 所成角的正弦值.【分析】(Ⅰ)由ABC ﹣A 1B 1C 1是直三棱柱,可知CC 1⊥AC ,CC 1⊥BC ,∠ACB=90°,AC⊥BC .建立空间直角坐标系C ﹣xyz .则A ,B 1,E ,A 1,可得,,,可知,根据,,推断出AB 1⊥CE ,AB 1⊥CA 1,根据线面垂直的判定定理可知AB 1⊥平面A 1CE . (Ⅱ)由(Ⅰ)知是平面A 1CE 的法向量,,进而利用向量数量积求得直线A 1C 1与平面A 1CE 所成角的正弦值【解答】(Ⅰ)证明:∵ABC ﹣A 1B 1C 1是直三棱柱, ∴CC 1⊥AC,CC 1⊥BC, 又∠ACB=90°, 即AC ⊥BC .如图所示,建立空间直角坐标系C ﹣xyz .A (2,0,0),B 1(0,2,2),E(1,1,0),A 1(2,0,2), ∴,,.又因为 ,,∴AB 1⊥CE ,AB 1⊥CA 1,AB 1⊥平面A 1CE . (Ⅱ)解:由(Ⅰ)知,是平面A 1CE 的法向量,,∴|cos <,>|==.设直线A 1C 1与平面A 1CE 所成的角为θ,则sinθ=|cos <,>|=.所以直线A 1C 1与平面A 1CE 所成角的正弦值为.【点评】本题主要考查了线面垂直的判定定理,向量的数量积的运用,法向量的运用.综合考查了学生所学知识的灵活运用.20.如图,在正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,E 、F 、G 分别是AB 、AD 、C 1D 1的中点.求证:平面D 1EF ∥平面BDG .【分析】欲证平面D 1EF ∥平面BDG,根据面面平行的判定定理可知只需在一个平面内找两相交直线与另一平面平行,EF ∥BD 又EF ⊄平面BDG ,BD ⊂平面BDG 根据线面平行的性质可知EF ∥平面BDG ,同理可证D 1E ∥平面BDG ,EF ∩D 1E=E ,满足定理条件. 【解答】证明:∵E 、F 分别是AB 、AD 的中点,∴EF ∥BD 又EF ⊄平面BDG ,BD ⊂平面BDG ∴EF ∥平面BDG ∵D 1G EB ∴四边形D 1GBE 为平行四边形,D 1E ∥GB 又D 1E ⊄平面BDG,GB ⊂平面BDG∴D 1E ∥平面BDG,EF ∩D 1E=E , ∴平面D 1EF ∥平面BDG【点评】本小题主要考查空间中的线面关系,考查线面平行的判定,考查识图能力和逻辑思维能力与推理论证能力,考查转化思想,属于基础题.21.(文科)如图,正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,M ,N,E ,F 分别是棱A 1B 1,A 1D 1,B 1C 1,C 1D 1的中点, 求证:平面AMN ∥平面EFDB .【分析】连接B 1D 1,NE ,分别在△A 1B 1D 1中和△B 1C 1D 1中利用中位线定理,得到MN ∥B 1D 1,EF ∥B 1D 1,从而MN ∥EF,然后用直线与平面平行的判定定理得到MN ∥面BDEF .接下来利用正方形的性质和平行线的传递性,得到四边形ABEN 是平行四边形,得到AN ∥BE ,直线与平面平行的判定定理得到AN ∥面BDEF,最后可用平面与平面平行的判定定理,得到平面AMN ∥平面EFDB ,问题得到解决.【解答】证明:如图所示,连接B 1D 1,NE∵M,N ,E ,F 分别是棱A 1B 1,A 1D 1,B 1C 1,C 1D 1的中点 ∴MN ∥B 1D 1,EF ∥B 1D 1 ∴MN ∥EF又∵MN ⊄面BDEF ,EF ⊂面BDEF ∴MN ∥面BDEF∵在正方形A 1B 1C 1D 1中,M ,E ,分别是棱 A 1B 1,B 1C 1的中点∴NE∥A1B1且NE=A1B1又∵A1B1∥AB且A1B1=AB∴NE∥AB且NE=AB∴四边形ABEN是平行四边形∴AN∥BE又∵AN⊄面BDEF,BE⊂面BDEF∴AN∥面BDEF∵AN⊂面AMN,MN⊂面AMN,且AN∩MN=N∴平面AMN∥平面EFDB【点评】本题借助于正方体模型中的一个面面平行位置关系的证明,着重考查了三角形的中位线定理、线面平行的判定定理和面面平行的判定定理等知识点,属于基础题.22.如图,在四棱锥P﹣ABCD中,侧面PAD是正三角形,且与底面ABCD垂直,底面ABCD是边长为2的菱形,∠BAD=60°,N是PB的中点,过A、D、N三点的平面交PC于M,E为AD的中点,求证:(1)EN∥平面PDC;(2)BC⊥平面PEB;(3)平面PBC⊥平面ADMN.【分析】(1)先证明AD∥MN由N是PB的中点,E为AD的中点,底面ABCD是边长为2的菱形得EN∥DM,DM⊂平面PDC,可得EN∥平面PDC;(2)由侧面PAD是正三角形,且与底面ABCD垂直,E为AD的中点,得PE⊥AD,PE⊥EB,PE⊥BC,由∠BAD=60°,AB=2,AE=1,由余弦定理可得BE=,由正弦定理可得:BE⊥AD,有由AD∥BC可得BE⊥BC,可得BC⊥平面PEB;(3)由(2)知BC⊥平面PEB,EN⊂平面PEB可得PB⊥MN,由AP=AB=2,N是PB的中点,得PB ⊥AN,有MN∩AN=N.PB⊥平面ADMN,可证平面PBC⊥平面ADMN.【解答】解:(1)∵AD∥BC,AD⊂平面ADMN,BC⊄平面ADMN,∴BC∥平面ADMN,∵MN=平面ADMN∩平面PBC,BC⊂平面PBC,∴BC∥MN.又∵AD∥BC,∴AD∥MN.∴ED∥MN∵N是PB的中点,E为AD的中点,底面ABCD是边长为2的菱形,∴ED=MN=1∴四边形ADMN是平行四边形.∴EN∥DM,DM⊂平面PDC,∴EN∥平面PDC;(2)∵侧面PAD是正三角形,且与底面ABCD垂直,E为AD的中点,∴PE⊥AD,PE⊥EB,PE⊥BC∵∠BAD=60°,AB=2,AE=1,由余弦定理可得BE=,由正弦定理可得:BE⊥AD∴由AD∥BC可得BE⊥BC,∵BE∩PE=E∴BC⊥平面PEB;(3)∵由(2)知BC⊥平面PEB,EN⊂平面PEB∴BC⊥EN∵PB⊥BC,PB⊥AD∴PB⊥MN∵AP=AB=2,N是PB的中点,∴PB⊥AN,∴MN∩AN=N.PB⊥平面ADMN,∵PB⊂平面PBC∴平面PBC⊥平面ADMN.【点评】本题主要考察了平面与平面垂直的判定,直线与平面平行的判定,直线与平面垂直的判定,属于基本知识的考查.23.如图,在正三棱锥P﹣ABC中,D,E分别是AB,BC的中点.(1)求证:DE∥平面PAC;(2)求证:AB⊥PC.【分析】(1)推导出DE∥AC,由此能证明DE∥平面PAC.(2)连结PD,CD,则PD⊥AB,CD⊥AB,从而AB⊥平面PDC,由此能证明AB⊥PC.【解答】证明:(1)∵在正三棱锥P﹣ABC中,D,E分别是AB,BC的中点.∴DE∥AC,∵DE⊄平面PAC,AC⊂平面PAC,∴DE∥平面PAC.(2)连结PD,CD,∵正三棱锥P﹣ABC中,D是AB的中点,∴PD⊥AB,CD⊥AB,∵PD∩CD=D,∴AB⊥平面PDC,∵PC⊂平面PDC,∴AB⊥PC.【点评】本题考查线面平行的证明,考查线线垂直的证明,是中档题,解题时要认真审题,注意空间思维能力的培养.24.如图所示,在四棱锥P﹣ABCD中,底面是边长为1的正方形,侧棱PD=1,PA=PC=.(1)求证:PD⊥平面ABCD;(2)求证:平面PAC⊥平面PBD.【分析】(1)由勾股定理逆定理可证明AD⊥PD,PD⊥CD即可得出PD⊥平面ABCD;(2)由(1)可得PD⊥AC,结合AC⊥BD,得出AC⊥平面PBD,从而平面PAC⊥平面PBD.。

立体几何证明题练习.doc

立体几何证明题练习.doc

立体几何证明题1、在斜三棱柱A^C.-ABC中,底面是等腰三角形,AB = AC ,侧面BB.C.C ±底血ABC. D为BC的中点,M %的中点.⑴求证:AD//平面MB© ;(2)求证:平面MB.C 1侧面BBCC •2、如图,已知四面体ABCD的四个面均为锐角三角形,EFGH分别是边AB, BC, CD, DA ±的点,BDII平面EFGH, H. EH=FG。

(1)求证:HGII平面ABC(2)请在平面ABD内过点E做一条线段垂直于AC,并给出证明。

3、如图,在四棱锥P-ABCD中,底而ABCD是正方形,侧面PADS.底面ABCD, H PAA.PD f E, F 分别为PC,的中占I 八、、.(1)〃平面映;(2)EFL平面PDC.B4、如图,平行四边形ABCD中,BDA.CD,正方形ADEF所在的平面和平面A BCD垂直,H是的中点,G是AE.DF的交点.⑴求证:GHII平面CDE;⑵求证:BDA.平面CDE.5、在正四棱柱ABCD-A|&GOi中,AA{ = 2AB, E为CC】的中点. 求证:(1)AG〃平面8OE; (2) AiEJL平面8。

&6、如图,花直三棱柱ABC-A}B}C} +,AB = BB、, AC, J_ AB, D为AC的中点.(I )求证:BC 〃平面\BD;第6题(II)求证:平面ABC _L平面A明A】•7、如图,四棱锥P-ABCD的底面为菱形,底面ABCD, E、尸分别是AB 与FD的中点.(1)求证:PC1BD;(2)求证:AF〃平面PEC.8、如图,在四棱锥E - ABCD中,四边形ABCD为平行四边形, BE = BC , AE」BE, M 为CE 上一点,且BM L平面ACE .⑴求证:AE ± BC :(2)如果点N为线段的中点,求证:〃平面ADE.9、如图,在底面为菱形的直四棱柱ABCD-A^QD^,E、F分别为凡用、片G的中点,G为DF的中点;(1)求证:£7—平面B X BDD X;(2)求证:EG 〃平而AA.D.D .p .。

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立体几何
1.(2014•山东)如图,四棱锥P﹣ABCD中,AP⊥平面PCD,AD⊥BC,AB=BC=AD,E,F分别为线段AD,
PC的中点.
(⊥)求证:AP⊥平面BEF;
(⊥)求证:BE⊥平面PAC.
2.(2014•四川)在如图所示的多面体中,四边形ABB1A1和ACC1A1都为矩形
(⊥)若AC⊥BC,证明:直线BC⊥平面ACC1A1;
(⊥)设D、E分别是线段BC、CC1的中点,在线段AB上是否存在一点M,使直线DE⊥平面A1MC?请证明你的结论.
3.(2014•江苏)如图,在三棱锥P﹣ABC中,D,E,F分别为棱PC,AC,AB的中点,已知PA⊥AC,PA=6,BC=8,DF=5.求证:
(1)直线PA⊥平面DEF;
(2)平面BDE⊥平面ABC.
4.(2014•黄山一模)如图,PA垂直于矩形ABCD所在的平面,AD=PA=2,CD=2,E、F分别是AB、PD的中点.
(1)求证:AF⊥平面PCE;
(2)求证:平面PCE⊥平面PCD;
(3)求四面体PEFC的体积.
5.(2014•南海区模拟)如图,四棱锥P﹣ABCD的底面是直角梯形,AB⊥CD,AB⊥AD,⊥PAB和⊥PAD是两个边长为2的正三角形,DC=4,O为BD的中点,E为PA的中点.
(⊥)求证:PO⊥平面ABCD;
(⊥)求证:OE⊥平面PDC;
(⊥)求直线CB与平面PDC所成角的正弦值.
6.(2013•天津)如图,三棱柱ABC﹣A1B1C1中,侧棱A1A⊥底面ABC,且各棱长均相等.D,E,F分别为棱AB,BC,A1C1的中点.
(⊥)证明:EF⊥平面A1CD;
(⊥)证明:平面A1CD⊥平面A1ABB1;
(⊥)求直线BC与平面A1CD所成角的正弦值.
7.(2013•浙江)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,PA⊥面ABCD,AB=BC=2,AD=CD=,PA=,
⊥ABC=120°,G为线段PC上的点.
(⊥)证明:BD⊥平面PAC;
(⊥)若G是PC的中点,求DG与PAC所成的角的正切值;
(⊥)若G满足PC⊥面BGD,求的值.
8.(2013•湖南)如图.在直棱柱ABC﹣A1B1C1中,⊥BAC=90°,AB=AC=,AA1=3,D是BC的中点,点E在棱BB1上运动.
(1)证明:AD⊥C1E;
(2)当异面直线AC,C1E 所成的角为60°时,求三棱锥C1﹣A1B1E的体积.
9.(2011•天津)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为平行四边形,⊥ADC=45°,AD=AC=1,O为AC中点,PO⊥平面ABCD,PO=2,M为PD中点.
(⊥)证明:PB⊥平面ACM;
(⊥)证明:AD⊥平面PAC;
(⊥)求直线AM与平面ABCD所成角的正切值.
10.(2011•北京)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,PA⊥平面ABCD,底面ABCD是菱形,AB=2,⊥BAD=60°.(⊥)求证:BD⊥平面PAC;
(⊥)若PA=AB,求PB与AC所成角的余弦值;
(⊥)当平面PBC与平面PDC垂直时,求PA的长.
11.(2010•深圳模拟)如图,在四棱锥S﹣ABCD中,底面ABCD为正方形,侧棱SD⊥底面ABCD,E、F分别AB、SC的中点
(1)求证:EF⊥平面SAD
(2)设SD=2CD,求二面角A﹣EF﹣D的大小.
12.(2010•重庆)如图,三棱锥P﹣ABC中,PC⊥平面ABC,PC=AC=2,AB=BC,D是PB上一点,且CD⊥平面PAB.
(1)求证:AB⊥平面PCB;
(2)求二面角C﹣PA﹣B的大小的余弦值.。

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