高中生物必修二课时训练第一章第二节孟德尔的豌豆杂交实验二

第二节孟德尔的豌豆杂交实验（二）

一、选择题

1．下列有关孟德尔遗传规律的说法错误的是()

A．叶绿体基因控制的性状遗传不遵循孟德尔遗传规律

B．受精时，雌雄配子的结合是随机的，这是得出孟德尔遗传规律的条件之一

C．孟德尔发现分离定律与自由组合定律的过程运用了假说—演绎法

D．基因型为AaBb的个体自交，其后代一定有四种表现型和9种基因型

解读：孟德尔遗传规律适用于真核生物有性生殖过程中核基因的遗传；在受精过程中雌雄配子随机结合且机会均等；孟德尔研究分离定律与自由组合定律时用的方法是假说—演绎法；孟德尔用统计学的方法得出了杂交或自交后代出现一定的分离比，这是对多数个体及后代统计的结果，而一个个体自交具有偶然性，很多情况下不表现相应的表现型、基因型及一定的比例，故D项错误。

答案：D

2．四籽野豌豆的染色体数目为2n＝12，现有—个基因型为Mm的野豌豆植株，所结豆荚中有三个饱满豆粒和一个“空瘪粒”。下列有关分析正确的是()

A．该豆荚果皮的基因型是Mm的概率为1/2

B．该豆荚中所结三粒种子种皮中的细胞含有18条染色体

C．所结三粒种子的基因型都是Mm的概率为1/8

D．每个花粉中含有2个精子，因此该豆荚至少需要2粒花粉才能得到4粒种子

解读：豆荚的果皮和种皮与母本植株的基因型、染色体数目相同；被子植物进行双受精，因此该豆荚至少需要4粒花粉才能得到4粒种子；豌豆自花传粉，闭花受粉，所结种子的基因型为Mm 的概率为1/2，三粒种子的基因型都是Mm的概率为1/8。

答案：C

3．某育种专家在农田中发现一株大穗不抗病的小麦，自花授粉后获得160粒种子，这些种子发育成的小麦中有30株大穗抗病和若干株小穗抗病，其余的都不抗病。若将这30株大穗抗病的小麦作为亲本自交，在其F中选择大穗抗病的再进行自交，理论上F中能稳定遗21传的大穗抗病

小麦占F中所有大穗抗病小麦的()

2

A．2/10 B．7/10

C．2/9 D．7/9

解读：本题考查基因分离定律的应用。首先由题意确定大穗不抗病是显性性状。所以作1211为亲本的大穗抗病小麦的基因型为AAbb和Aabb，自交后代F中大穗抗病的为AAbb和

13323- 1 - / 8

327AabB。在大穗抗病中，AAbb和Aabb分别占、。再进行自交，F中大穗抗病的为AAbb 255101771和Aabb，理论上F中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F中所有大穗抗病小麦的÷(＋)＝225101057。9答案：D

4．已知位于常染色体上的两对独立遗传的基因控制着鸡羽毛色素的产生和沉积。在一个位点上，显性基因可产生色素，隐性基因则不产生色素；在另一位点上，显性基因阻止色素的沉积，隐性基因则可使色素沉积。小鸡羽毛的着色，必须能产生并沉积色素，否则为白色毛。如果表现型为白色的鸡(两位点均为隐性纯合子)和另一种表现型为白色的鸡(两位点均为显性纯合子)进行杂交，

F中羽毛着色的概率为()

2A．1/16 B．3/16

C．4/16 D．7/16

解读：设产生色素基因为A，不产生色素基因为a，阻止色素沉积基因为B，使色素沉积的基因为b。由题干信息“小鸡羽毛着色必须能产生并沉积色素”可知：羽毛着色鸡的基因型为A_bb，表现型为白色(两位点均为隐性纯合子)的鸡的基因型aabb与表现型为白色(两位点均为显性纯合子)的鸡的基因型AABB杂交，aabb×AABB→F：AaBb(白色)相互交配→1F：9A_B_(白)∶

3A_bb(着色)∶3aaB_(白色)∶aabb(白色)，所以F中羽毛着色的概率为3/16，B22项正确。

答案：B

5．人类的肤色由Aa、Bb、Ee三对等位基因共同控制，Aa、Bb、Ee位于三对染色体上。AABBEE 为黑色，aabbee为白色，其他性状与基因型关系如下图所示，即肤色深浅与显性基因个数有关，如基因型为AaBbEe、AABbee与aaBbEE等与含任何三个显性基因的肤色一样。若双方均含3个显性基因的杂合子婚配(AaBbEe×AaBbEe)，则子代肤色的基因型和表现型分别有多少种()

A．27,7 B．16,9

C．27,9 D．16,7

解读：AaBbEe×AaBbEe杂交，基因型有3×3×3＝27种，各基因型中显性基因个数有0～6个，共7种。

答案：A

6．两对相对性状的基因自由组合，如果F的性状分离比为9∶7，那么F与隐性个体测12交，与此对应的性状分离比是…

- 2 - / 8

()

A．1∶3

B．1∶1

C．1∶2∶1

D．9∶3∶3∶1

解读：两对相对性状基因自由组合，F性状分离比为9∶7，说明F配子的组合方式仍然12是16种，即F产生4种配子，所以F基因型为AaBb。这样F自交产生F的表现型应为21119A_B_∶3A_bb∶3aaB_∶1aabb，出现9∶7的表现型比例，说明基因间发生了相互作用。可推出如下信息：A、B同时存在时，表现一种性状，否则表现另一种性状。由此可知：FAaBb测1交，即AaBb ×aabb→A_B_、A_bb、aaB_、aabb，后代性状分离比为1∶3，答案为A项。

答案：A

7．萝卜(2n＝18)的根形是由两对等位基因(D、d和R、r)决定的。现用两个纯合的圆形块根萝卜

作亲本进行杂交，结果如下图。下列分析不正确的是()

A．两个亲本的基因型相同

B．控制萝卜根形的两对等位基因不可能位于同一对同源染色体上

C．萝卜的一个染色体组含9条染色体

D．F圆形块根萝卜的基因型有4种，其中杂合子占2/3

2解读：A项错误，由题干可知萝卜的根形由两对等位基因控制，再根据杂交实验结果F2中扁∶圆∶长＝9∶6∶1可知，F产生的配子组合方式为16种，即F产生4种配子。所以F的基111因型为DdRr，并可得到如下信息：D和R同时存在表现为扁形，只有一个D或R表现为圆形，ddrr 表现为长形。所以纯合亲本的基因型为DDrr，ddRR。B项正确，由上面分析可知两对等位基因的遗传符合自由组合定律，所以位于两对同源染色体上。C项正确，由萝卜2n＝18，可知萝卜有2个染色体组，一个染色体组含9条染色体。D项正确，F圆形块根萝卜的2基因型为：DDrr，Ddrr，ddRR，ddRr 4种，其中杂合子占2/3。

答案：A

8．某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉- 3 - / 8 遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：①AATTdd，②AAttDD，③AAttdd，④aattdd。则下列说法中正确的是()

A．若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本①和③杂交

B．若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本①和②、①和④杂交

C．若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④亲本杂交

D．将②和④杂交后所得的F的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，置于显微镜下观1察，将会看到四种类型的花粉，且比例为9∶3∶3∶1

解读：用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本①和④杂交；用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本②和④杂交，依据花粉的形状和花粉的糯性与非糯性两对相对性状可以验证；培育糯性抗病优良品种，选用①和④亲本杂交较为合理；②和④杂交后所得的F(AattDd)，产生的花粉置于显微镜下观察，将会看到四种类型的花粉，且比例为11∶1∶1∶1。

答案：C

9．豌豆花的颜色受两对等位基因E/e与F/f所控制，只有当E、F同时存在时才开紫花，否则开白花。下列选项中都符合条件的亲本组合是()

P：紫花×白色

F：3/8紫花5/8白花1A．EeFf×EeffEEFf×eeff

B．EeFf×eeFfEeFF×Eeff

C．EeFf×eeffEeFF×Eeff

D．EeFf×EeffEeFf×eeFf

解读：根据题中“只有当E、F同时存在时才开紫花，否则开白花”这一条件，可知紫花对应的基因型为E_F_，白花对应的基因型为E_ff、eeF_和eeff。本题可以采用“假设法”分析，假设选项基因型成立则应该出现紫花∶白花＝3∶5。EeFf×Eeff→紫花∶白花＝3∶5，EEFf×eeff→紫花∶白花＝1∶1；EeFf×eeFf→紫花∶白花＝3∶5，EeFF×Eeff→紫花∶白花＝3∶1；EeFf×eeff→紫花∶白花＝1∶3，EeFF×Eeff→紫花∶白花＝3∶1；EeFf×Eeff→紫花∶白花＝3∶5。答案：D

10．(密码改编)人体手指交叠时，右拇指叠上为显性(R)，左拇指叠上为隐性(r)。短食指SLSL在女性在男性为显性，，长食指基因为T。此等位基因表达受性激素影响，TT基因为T SL两对等位基因位于两对常染色体上。若一对夫妇均为右拇指叠上、短食TR/r为显性。与/T指，生有左拇指叠上、长食指的女儿和右拇指叠上、短食指的儿子。则该夫妇再生一个孩子- 4 - / 8

是右拇指叠上、长食指女儿的概率为()