第10章 波动(例题)

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高中数学第十章概率典型例题(带答案)

高中数学第十章概率典型例题(带答案)

高中数学第十章概率典型例题单选题1、“某彩票的中奖概率为1100”意味着( )A .购买彩票中奖的可能性为1100 B .买100张彩票能中一次奖 C .买100张彩票一次奖也不中 D .买100张彩票就一定能中奖 答案:A分析:根据概率的定义,逐项判定,即可求解.对于A 中,根据概率的定义,概率是反映事件发生机会的大小的概念,只是表示发生的机会的大小,由某彩票的中奖概率为1100,可得购买彩票中奖的可能性为1100,所以A 正确;对于B 、C 中,买任何1张彩票的中奖率都是1100,都具有偶然性,可能中奖,还可能中奖多次,也可能不中奖,故B 、C 错误;对于D 选项、根据彩票总数目远大于100张,所以买100张也不一定中一次奖,故D 错误. 故选:A.2、北京2022年冬奥会新增了女子单人雪车、短道速滑混合团体接力、跳台滑雪混合团体、男子自由式滑雪大跳台、女子自由式滑雪大跳台、自由式滑雪空中技巧混合团体和单板滑雪障碍追逐混合团体等7个比赛小项,现有甲、乙两名志愿者分别从7个比赛小项中各任选一项参加志愿服务工作,且甲、乙两人的选择互不影响,那么甲、乙两名志愿者选择同一个比赛小项进行志愿服务工作的概率是( ) A .249B .649C .17D .27 答案:C分析:根据古典概型概率的计算公式直接计算.由题意可知甲、乙两名志愿者分别从7个比赛小项中各任选一项参加志愿服务工作共有7×7=49种情况, 其中甲、乙两名志愿者选择同一个比赛小项进行志愿服务工作共7种,所以甲、乙两名志愿者选择同一个比赛小项进行志愿服务工作的概率是749=17,故选:C.3、某中学的学生积极参加体育锻炼,其中有96%的学生喜欢足球或游泳,60%的学生喜欢足球,82%的学生喜欢游泳,则该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例是()A.62%B.56%C.46%D.42%答案:C分析:记“该中学学生喜欢足球”为事件A,“该中学学生喜欢游泳”为事件B,则“该中学学生喜欢足球或游泳”为事件A+B,“该中学学生既喜欢足球又喜欢游泳”为事件A⋅B,然后根据积事件的概率公式P(A⋅B)=P(A)+P(B)−P(A+B)可得结果.记“该中学学生喜欢足球”为事件A,“该中学学生喜欢游泳”为事件B,则“该中学学生喜欢足球或游泳”为事件A+B,“该中学学生既喜欢足球又喜欢游泳”为事件A⋅B,则P(A)=0.6,P(B)=0.82,P(A+B)=0.96,所以P(A⋅B)=P(A)+P(B)−P(A+B)=0.6+0.82−0.96=0.46所以该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例为46%.故选:C.小提示:本题考查了积事件的概率公式,属于基础题.4、若随机事件A,B互斥,且P(A)=2−a,P(B)=3a−4,则实数a的取值范围为()A.(43,32]B.(1,32]C.(43,32)D.(12,43)答案:A分析:根据随机事件概率的范围以及互斥事件概率的关系列出不等式组,即可求解.由题意,知{0<P(A)<1 0<P(B)<1P(A)+P(B)≤1,即{0<2−a<10<3a−4<12a−2≤1,解得43<a≤32,所以实数a的取值范围为(43,32].故选:A.5、甲、乙两人投篮,投中的概率分别为0.6,0.7,若两人各投2次,则两人投中次数不等的概率是()A.0.6076B.0.7516C.0.3924D.0.2484答案:A分析:先求出两人投中次数相等的概率,再根据对立事件的概率公式可得两人投中次数不相等的概率.两人投中次数相等的概率P=0.42×0.32+C21×0.6×0.4×C21×0.7×0.3+0.62×0.72=0.3924,故两人投中次数不相等的概率为:1﹣0.3924=0.6076.故选:A.小提示:本题考查了对立事件的概率公式和独立事件的概率公式,属于基础题.6、下列各对事件中,不互为相互独立事件的是()A.掷一枚骰子一次,事件M“出现偶数点”;事件N“出现3点或6点”B.袋中有3白、2黑共5个大小相同的小球,依次有放回地摸两球,事件M“第一次摸到白球”,事件N“第二次摸到白球”C.袋中有3白、2黑共5个大小相同的小球,依次不放回地摸两球,事件M“第一次摸到白球”,事件N“第二次摸到黑球”D.甲组3名男生,2名女生;乙组2名男生,3名女生,现从甲、乙两组中各选1名同学参加演讲比赛,事件M“从甲组中选出1名男生”,事件N“从乙组中选出1名女生”答案:C分析:利用对立事件和相互独立事件的概念求解.解:对于选项A,事件M={2,4,6},事件N={3,6},事件MN={6},基本事件空间Ω={1,2,3,4,5,6},所以P(M)=36=12,P(N)=26=13,P(MN)=16=12×13,即P(MN)=P(N)P(M),因此事件M与事件N是相互独立事件;对于选项B,袋中有3白、2黑共5个大小相同的小球,依次有放回地摸两球,事件M“第一次摸到白球”,事件N“第二次摸到白球”,则事件M发生与否与N无关,同时,事件N发生与否与M无关,则事件M与事件N是相互独立事件;对于选项C,袋中有3白、2黑,5个大小相同的小球,依次不放回地摸两球,事件M“第一次摸到白球”,事件N “第二次摸到黑球”, 则事件M 发生与否和事件N 有关,故事件M 和事件N 与不是相互独立事件;对于选项D ,甲组3名男生,2名女生;乙组2名男生,3名女生,现从甲、乙两组中各选1名同学参加演讲比赛,事件M “从甲组中选出1名男生”,事件N “从乙组中选出1名女生”,则事件M 发生与否与N 无关,同时,事件N 发生与否与M 无关,则事件M 与事件N 是相互独立事件; 故选:C.7、2021年12月9日,中国空间站太空课堂以天地互动的方式,与设在北京、南宁、汶川、香港、澳门的地面课堂同步进行.假设香港、澳门参加互动的学生人数之比为5:3,其中香港课堂女生占35,澳门课堂女生占13,若主持人向这两个分课堂中的一名学生提问,则该学生恰好为女生的概率是( ) A .18B .38C .12D .58答案:C分析:利用互斥事件概率加法公式计算古典概型的概率即可得答案.解:因为香港、澳门参加互动的学生人数之比为5:3,其中香港课堂女生占35,澳门课堂女生占13, 所以香港女生数为总数的58×35=38,澳门女生数为总数的38×13=18,所以提问的学生恰好为女生的概率是38+18=12. 故选:C.8、某学校共有教职工120人,对他们进行年龄结构和受教育程度的调查,其结果如下表:60% B .该教职工具有研究生学历的概率超过50% C .该教职工的年龄在50岁以上的概率超过10%D .该教职工的年龄在35岁及以上且具有研究生学历的概率超过10% 答案:D分析:根据表中数据,用频率代替概率求解.A.该教职工具有本科学历的概率p=75120=58=62.5%>60%,故错误;B.该教职工具有研究生学历的概率p=45120=38=37.5%<50%,故错误;C.该教职工的年龄在50岁以上的概率p=10120=112≈8.3%<10%,故错误;D.该教职工的年龄在35岁及以上且具有研究生学历的概率p=15120=18=12.5%>10%,故正确.小提示:本题主要考查概率的求法,还考查了分析求解问题的能力,属于基础题.多选题9、下列有关古典概型的说法中,正确的是()A.试验的样本空间的样本点总数有限B.每个事件出现的可能性相等C.每个样本点出现的可能性相等D.已知样本点总数为n,若随机事件A包含k个样本点,则事件A发生的概率P(A)=kn答案:ACD分析:根据古典概型的定义逐项判断即可.由古典概型概念可知:试验的样本空间的样本点总数有限;每个样本点出现的可能性相等.故AC正确;每个事件不一定是样本点,可能包含若干个样本点,所以B不正确;根据古典概型的概率计算公式可知D正确.故选:ACD10、某学校为调查学生迷恋电子游戏情况,设计如下调查方案,每个被调查者先投掷一枚骰子,若出现向上的点数为3的倍数,则如实回答问题“投掷点数是不是奇数?”,反之,如实回答问题“你是不是迷恋电子游戏?”.已知被调查的150名学生中,共有30人回答“是”,则下列结论正确的是()A.这150名学生中,约有50人回答问题“投掷点数是不是奇数?”B.这150名学生中,必有5人迷恋电子游戏C.该校约有5%的学生迷恋电子游戏D.该校约有2%的学生迷恋电子游戏答案:AC分析:先由题意计算出回答问题一的人数50人,再计算出回答问题一“是”的人数25人,故可得到回答问题二“是”的人数5人,最后逐一分析四个选项即可.由题意可知掷出点数为3的倍数的情况为3,6,故掷出点数为3的倍数的概率为13,故理论上回答问题一的人数为150×13=50人.掷出点数为奇数的概率为12,理论上回答问题一的50人中有25人回答“是”,故回答问题二的学生中回答“是”的人数为30-25=5人.对于A, 抽样调查的这150名学生中,约有50人回答问题一,故A正确.对于B, 抽样调查的这150名学生中,约有5人迷恋电子游戏,“必有”过于绝对,故B错.对于C,抽样调查的150名学生中,50名学生回答问题一,故有100名学生回答问题二,有5名学生回答“是”,故该校迷恋电子游戏的学生约为5100=5%,故C正确.对于D,由C可知该校迷恋电子游戏的学生约为5100=5%,故D错.故选:AC.11、不透明的口袋内装有红色、绿色和蓝色卡片各2张,一次任意取出2张卡片,则与事件“2张卡片都为红色”互斥而不对立的事件有()A.2张卡片都不是红色B.2张卡片恰有一张红色C.2张卡片至少有一张红色D.2张卡片都为绿色答案:ABD分析:列举出所有情况,然后再利用互斥事件和对立事件的定义判断.解:6张卡片中一次取出2张卡片的所有情况有:“2张都为红色”、“2张都为绿色”、“2张都为蓝色”、“1张为红色1张为绿色”、“1张为红色1张为蓝色”、“1张为绿色1张为蓝色”,选项中给出的四个事件中与“2张都为红色”互斥而非对立的事件是:“2张都不是红色”,“2张恰有一张红色”,“2张都为绿色”,其中“2张至少一张为红色”包含事件“2张都为红色”,二者并非互斥.故选:ABD.12、设A,B分别为随机事件A,B的对立事件,已知0<P(A)<1,0<P(B)<1,则下列说法正确的是()A.P(B|A)+P(B|A)=1B.P(B|A)+P(B|A)=0C.若A,B是相互独立事件,则P(A|B)=P(A)D.若A,B是互斥事件,则P(B|A)=P(B)答案:AC分析:计算得AC正确;当A,B是相互独立事件时,P(B|A)+P(B|A)=2P(B)≠0,故B错误;因为A,B 是互斥事件,得P(B|A)=0,而P(B)∈(0,1),故D错误.解:P(B|A)+P(B|A)=P(AB)+P(AB)P(A)=P(A)P(A)=1,故A正确;当A,B是相互独立事件时,则P(B|A)+P(B|A)=2P(B)≠0,故B错误;因为A,B是相互独立事件,则P(AB)=P(A)P(B),所以P(A|B)=P(AB)P(B)=P(A),故C正确;因为A,B是互斥事件,P(AB)=0,则根据条件概率公式P(B|A)=0,而P(B)∈(0,1),故D错误.故选:AC.13、袋中有红球3个,白球2个,黑球1个,从中任取2个,则互斥的两个事件是()A.至少有一个白球与都是白球B.恰有一个红球与白、黑球各一个C.至少一个白球与至多有一个红球D.至少有一个红球与两个白球答案:BD分析:根据互斥事件的定义和性质判断.袋中装有红球3个、白球2个、黑球1个,从中任取2个,在A中,至少有一个白球和都是白球两个事件能同时发生,不是互斥事件,故A不成立.在B中,恰有一个红球和白、黑球各一个不能同时发生,是互斥事件,故B成立;在C中,至少一个白球与至多有一个红球,能同时发生,故C不成立;在D中,至少有一个红球与两个白球两个事件不能同时发生,是互斥事件,故D成立;故选:BD.小提示:本题考查互斥事件的判断,根据两个事件是否能同时发生即可判断,是基础题. 填空题14、甲、乙两队进行篮球决赛,采取三场二胜制(当一队赢得二场胜利时,该队获胜,决赛结束).根据前期比赛成绩,甲队的主客场安排依次为“主客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果相互独立,则甲队以2:1获胜的概率是_____. 答案:0.3解析:甲队以2:1获胜的是指甲队前两场比赛中一胜一负,第三场比赛甲胜,利用独立事件的概率乘法公式和概率的加法公式能求出甲队以2:1获胜的概率. 甲队的主客场安排依次为“主客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果相互独立, 甲队以2:1获胜的是指甲队前两场比赛中一胜一负,第三场比赛甲胜, 则甲队以2:1获胜的概率是:P =0.6×0.5×0.6+0.4×0.5×0.6=0.3. 所以答案是:0.3.小提示:本题考查概率的求法,考查相互独立事件概率乘法公式和互斥事件概率加法公式等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.15、已知事件A ,B ,C 相互独立,若P (AB )=16,P(BC)=14,P(ABC)=112,则P (A )=______. 答案:13分析:根据相互独立事件的概率公式,列出P (A ),P (B ),P(C),P(B)的等式,根据对立逐一求解,可求出P (A )的值.根据相互独立事件的概率公式,可得{ P (A )P (B )=16P(B)P (C )=14P (A )P (B )P(C)=112,所以P (A )=13. 所以答案是:13.16、在一个口袋中有大小和质地相同的4个白球和3个红球,若不放回的依次从口袋中每次摸出一个球,直到摸出2个红球就停止,则连续摸4次停止的概率等于______.答案:935分析:根据题设写出基本事件,再应用互斥事件加法公式求概率.由题意知,连续依次摸出的4个球分别是:白白红红,白红白红,红白白红共3种情况,第一种摸出“白白红红”的概率为47×36×35×12=335,第二种摸出“白红白红”的概率为47×36×35×12=335,第三种摸出“红白白红”的概率为37×46×35×12=335,所以连续摸4次停止的概率等于935.所以答案是:935解答题17、数学兴趣小组设计了一份“你最喜欢的支付方式”的调查问卷(每人必选且只能选一种支付方式),在某商场随机调查了部分顾客,并将统计结果绘制成如下所示的两幅不完整的统计图,请结合图中所给的信息解答下列问题:(1)将条形统计图补充完整,在扇形统计图中表示“现金”支付的扇形圆心角的度数为多少?(2)若之前统计遗漏了15份问卷,已知这15份问卷都是采用“支付宝”进行支付,问重新统计后的众数所在的分类与之前统计的情况是否相同,并简要说明理由;(3)在一次购物中,嘉嘉和琪琪随机从“微信,支付宝,银行卡”三种支付方式中选一种方式进行支付,请用画树状图或列表格的方法,求出两人恰好选择同一种支付方式的概率.答案:(1)条形统计图见解析,90∘;(2)不同,理由见解析;(3)13.分析:(1)由两幅图可知,用现金、支付宝、其他支付共有人数110人,所占比例为1-15%-30%=55%,可得共调查了多少人,再根据用银行卡、微信支付的百分比可得答案(2)根据原数据的众数所在的分类为微信,加上遗漏的15份问卷后,数据的众数所在的分类为微信、支付宝可得答案;(3)将微信记为A 、支付宝记为B 、银行卡记为C ,画出树状图根据古典概型概率计算公式可得答案. (1)由条形统计图可知,用现金、支付宝、其他支付共有人数110人, 所占比例为1-15%-30%=55%,所以共调查了1100.55=200人,所以用银行卡支付的人有200×0.15=30人,用微信支付的人有200×0.3=60人, 用现金支付所占比例为50200=0.25,所以0.25×360∘=90∘,在扇形统计图中表示“现金”支付的扇形圆心角的度数为90°,补全统计图如图所示:(2)重新统计后的众数所在的分类与之前统计的情况不同,理由如下:原数据的众数所在的分类为微信,而加上遗漏的15份问卷后,数据的众数所在的分类为微信、支付宝. (3)将微信记为A 、支付宝记为B 、银行卡记为C ,画树状图如下:∵共有9种等可能的结果,其中两人恰好选择同一种支付方式的有3种, ∴两人恰好选择同一种支付方式的概率为39=13.18、某田径队有三名短跑运动员,根据平时训练情况统计甲、乙、丙三人100米跑(互不影响)的成绩在13s 内(称为合格)的概率分别为25,,13.若对这三名短跑运动员的100跑的成绩进行一次检测,则求:(Ⅰ)三人都合格的概率;34(Ⅱ)三人都不合格的概率;(Ⅲ)出现几人合格的概率最大.答案:(Ⅰ)110;(Ⅱ)110;(Ⅲ)1人. 分析:记甲、乙、丙三人100米跑成绩合格分别为事件A ,B ,C ,显然事件A ,B ,C 相互独立,则P(A)=25,P(B)=34,P(C)=13,从而根据不同事件的概率求法求得各小题.记甲、乙、丙三人100米跑成绩合格分别为事件A ,B ,C ,显然事件A ,B ,C 相互独立,则P(A)=25,P(B)=34,P(C)=13 设恰有k 人合格的概率为P k (k =0,1,2,3).(Ⅰ)三人都合格的概率:P 3=P(ABC)=P(A)⋅P(B)⋅P(C)=25×34×13=110(Ⅱ)三人都不合格的概率:P 0=P(ABC)=P(A)⋅P(B)⋅P(C)=35×14×23=110.(Ⅲ)恰有两人合格的概率:P 2=P(ABC)+P(ABC)+P(ABC)=25×34×23+25×14×13+35×34×13=2360. 恰有一人合格的概率:P 1=1−P 0−P 2−P 3=1−110−2360−110=2560=512.因为512>2360>110,所以出现1人合格的概率最大.。

大学物理下第10章例题

大学物理下第10章例题
P ( a , 1 , 2 )
x
求:
EP
2

xy
dE
解:建立坐标系 o

dq dx
dE dq 4 0 r
3
o

a
P
y
r
r
dq
1
大小:
dE
dx
4 0 r
2
方向:与+x 夹角为

5
各电荷元在P 点场强方向不同,应该用分量积分:
d E x d E cos
例 已知一杆电荷线密度为,长度为L,与杆 相距L的P点有一点电荷 q 0 求 点电荷两所受的电场力。
解 dq dx
dF q0 dx 4 0 x
2
dq
q0
x
2L
x
L
O
F
2L
q0 dx 4 0 x
2

q0
8 0
L
1
例 已知两杆电荷线密度为,长度为L,相距L
求 两带电直杆间的电场力。
解 dq dx
dq dx
dF
dq
dq
O
x
L
2L x
3L
x
dxdx
x) 2 4 0 ( x
3L L
F
2 L dx0
dx
2
4 0 ( x x )
2


2
4 0
ln
4 3
2
例1. 电偶极子的电场 1.轴线延长线上 A 的场强
q
L o
dy dE 2 o r
y
x
r
p .
dE
E

理论力学 第十章振动

理论力学 第十章振动

k2
k1
δ st
r F1
k eq = k1 + k 2
δ st r
r mg
keq k1 + k 2 = m m
m
r F2
mg = k eqδ st
keq称为等效弹簧刚性系数 并联系统的固有频率为
mg k2
ωn =
当两个弹簧并联时,其等效弹簧刚度等于两个弹簧刚度的和。 这一结论也可以推广到多个弹簧并联的情形。
O
δ st
x
r F r P
则解为:
x = A sin(ω nt + θ )
表明:无阻尼自由振动是简谐振动。 其运动图线为:
x
A
x
x0
θ ωn
O
t
t+T
x
2.无阻尼自由振动的特点 无阻尼自由振动的特点
(1)固有频率 )
无阻尼自由振动是简谐振动,是一种周期振动,任何瞬时t, 无阻尼自由振动是简谐振动,是一种周期振动,任何瞬时 ,其 运动规律x(t)总可以写为: 运动规律 ( )总可以写为: x(t)= x(t+T) () ( ) T为常数,称为周期,单位符号为s。 为常数, 周期, 符号为 为常数 称为周期 单位符号 。 这种振动经过时间T后又重复原来的运动 后又重复原来的运动。 这种振动经过时间 后又重复原来的运动。 考虑无阻尼自由振动微分方程 考虑无阻尼自由振动微分方程
r F r P
x
两个根为: r1 = +iω n 方程解表示为:
r2 = −iω n
x = C1 cos ω nt + C2 sin ω nt
x = C1 cos ω nt + C2 sin ω nt

通用版初中物理八年级物理下册第十章浮力典型例题

通用版初中物理八年级物理下册第十章浮力典型例题

通用版初中物理八年级物理下册第十章浮力典型例题单选题1、如图所示,小聪用一个长方体铝块探究影响浮力大小的因素。

他先后将该铝块平放、侧放和竖放,使其部分浸入同一杯水中,保证每次水面到达同一标记处,比较弹簧测力计示数大小。

该实验探究的是下列哪个因素对浮力大小的影响()A.液体的密度B.物体的密度C.物体排开液体的体积D.物体浸入液体的深度2、如图甲所示,一个实心圆柱体金属块在细绳竖直向上的拉力的作用下,从水下一定深度开始竖直向上以0.1m/s的速度匀速直线运动,上升到离水面一定的高度处(假设水面不动)。

如图乙所示的是绳子的拉力F随时间t变化的图像,结合图像中的信息,下列判断正确的是()A.该金属块的重力为34NB.浸没在水中时金属块受到的浮力的大小是54NC.圆柱体的底面积是5×10-3m2D.金属块的密度为1.7×103kg/m33、如图所示,放在水平桌面上的溢水杯盛满水,用弹簧测力计挂一个实心铁块,示数为F1;将铁块缓慢浸没水中(未接触溢水杯),溢出的水流入小烧杯,弹簧测力计的示数为F2。

下列判断正确的是()A.水对溢水杯底部的压强p甲<p乙B.水对溢水杯底部的压力F甲>F乙C.铁块受到的浮力F浮=F2﹣F1D.小烧杯中水的重力G=F1﹣F24、弹簧测力计上挂一重为9牛的金属块,当金属块体积的三分之一浸入水中静止时,测力计的示数为6牛。

若将金属块全部浸入水中且未碰到容器底部,测力计的示数为()A.9牛B.6牛C.3牛D.0牛5、如图所示,同样的小球在盛有不同液体的容器中保持静止,四个容器中的液面到容器底面的距离相同,则容器底面受到的液体压强p及小球所受浮力F关系正确的是()A.p甲>p乙>p丙>p丁F甲=F乙=F丙>F丁B.p甲=p乙=p丙>p丁F甲=F乙=F丙>F丁C.p甲=p乙=p丙>p丁F甲<F乙<F丙=F丁D.p甲>p乙>p丙>p丁F甲<F乙<F丙=F丁6、体积相同、密度不同的甲、乙两个物体分别挂在测力计 A、B 下方,将它们浸入液体后甲、乙两物体如图所示保持静止。

10-5 驻波

10-5 驻波
第十章 波动
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物理学
第十章 波动
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1010-5
驻波
例题3 一平面简谐波某时刻波形如图所示, 例题 一平面简谐波某时刻波形如图所示,此波以波速 u沿x轴正方向传播,振幅为 ,频率为 。 轴正方向传播, 沿 轴正方向传播 振幅为A,频率为υ。
y
B D
x
点为x轴的坐标原点并以此 (1)若以图中 点为 轴的坐标原点并以此 )若以图中B点为 时刻为t=0时刻 写出此波的波函数。 时刻, 时刻为 时刻,写出此波的波函数。 点为反射点, (2)图中 点为反射点,且为一节点。若以 点为 )图中D点为反射点 且为一节点。若以D点为 X轴的坐标原点,并以此时刻为 时刻,写出此波 轴的坐标原点, 时刻, 轴的坐标原点 并以此时刻为t=0时刻 的入射波的波函数和反射波的波函数。 的入射波的波函数和反射波的波函数。
第十章 波动
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1010-5
驻波
第十章 波动
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1010-5
驻波
t x 例题2 如果入射波是y1 = A cos 2 π( + ) , T λ 处反射后形成驻波,反射点为波腹, 在 x = 0 处反射后形成驻波,反射点为波腹, 设反射后波的强度不变, 设反射后波的强度不变,则反射波的方程式为 y2 = Acos 2π(t / T x / λ) ,在 x = 2 λ 处质点 ______________________, 3 合振动的振幅等于______. 合振动的振幅等于 A
y = (2Acos
x ∈ (

λ λ
λ
x) cos ωt = A′ cos ωt

, ), cos x>0 4 4 λ
y = (2Acos

第十章 例题

第十章 例题

三种商品的个体物量指数:%1250.55.621===qqkqj%12075901===qqkqi%1151001151===qqkqb为了概括说明三种商品销售量总变动情况,就要计算销售量总指数。

%11.1212250272510===∑∑qpqpIq()∑∑=-=-475225027251pqpq结论∶三种商品销售量报告期比基期总的增长或平均增长21.11%,而使销售额增加475元。

Eg10.2 以表10-1的资料计算质量指数。

三种商品的个体价格指数:%7020141===ppkpj%801081===ppkpi%100551===ppkpb为了概括说明三种商品价格总变动情况,就要编制价格总指数。

%63.7927252170111===∑∑qpqpIp()∑∑-=-=-555272521700111p q p q 结论∶三种商品销售额报告期比基期总的下降或平均下降20.37%,而使销售额减少555元。

【例10.3】设某企业生产三种产品的有关资料如表10-2。

试以1990年不变价格为权数,计算各年的产品产量指数解:设1990年不变价格为p 90,各年产量分别为q 94、q 95、q 96,则各年产量指数为%11.1212556.04.05556.0225050015.1225075020.12250100025.10000=++=⨯+⨯+⨯=∙=∑∑q p q p k I q q 结论∶报告期与基期相比,三种商品的销售量平均提高了21.11%.%63.79272521705750.118.018757.012170)1(11101111111==⨯⨯+⨯===∑∑∑∑q p p p q p q p k q p I pp结论∶报告期与基期相比,三种商品的价格平均降低了21.37%.eg10.6某商店三种商品的销售量和价格资料如下表所示。

试计算销售额变动,并对其进行因解 ①销售额变动程度%26.1222650003240001500505000202000451740604600262500400011==⨯+⨯+⨯⨯+⨯+⨯=∑∑qp q p∑∑=-=-(590002650003240000011qp q p ②销售量变动的影响:%;110265000291500501500205000452000501740204600452500001==⨯+⨯+⨯⨯+⨯+⨯=∑∑pq pq③价格变动的影响:%;15.111291500324000111==∑∑pq p q()∑∑-=- 325002915003240000111p q p q 三者之间的相对数量关系 122.26%=110%×111.15%三者之间的绝对数量关系59000(元)=26500(元)+32500(元)结论:报告期与基期相比,三种商品的销售额增长22.26%,增加销售额59000元。

大学物理课后习题详解(第十章)中国石油大学

大学物理课后习题详解(第十章)中国石油大学

根据高斯定理可得 方向由的正负确定
10-22 如图所示,在xOy平面内有与y轴平行、位于和处的两条无限长平 行均匀带电直线,电荷线密度分别为和。求z轴上任一点的电场强度。
[解] 无限长带电直线在线外任一点的电场强度 所以 P点的场强 由对称性知合场强的z方向分量为零,x方向分量 而
所以 方向指向x轴负方向 10-23 如图所示,在半径为R,体电荷密度为的均匀带电球体内点处放
所以 证毕。
10-27 电量q均匀分布在长为2l的细杆上,求在杆外延长线上与杆端距离 为a的点P的电势(以无穷远为零电势点)。 [解] 取如图所示的电荷元dq,,它在P点产生的电势为
则整个带电直线在P点产生的电势为
10-28 如图所示,在点电荷+q的电场中,若取图中点P处为电势零点, 则点M的电势为多少? [解] 取P点为电势零点,则M点电势为
10-10 如图所示,一厚度为b的无限大带电平板,其体电荷密度为 (0≤x≤b),式中k为正常量。求:(1)平板外两侧任一点和处的场强大小; (2)平板内任一点P处的电场强度; (3)场强为零的点在何处? [解] (1)过点作一圆柱体穿过无限大带电平板,由高斯定理
即 所以 因此平板外一点的场强与距平板的距离无关, (2)板内(即0≤x≤b区域) (3)若电场强度为0,则 此时,此即为场强为0的点。
10-1l 一半无限长的均匀带电直线,线电荷密度为。试证明:在通过带 电直线端点与直线垂直的平面上,任一点的电场强度 E的方向都与这直 线成45°角。 [解] 如图选择直角坐标系,在棒上取电荷元
它在过棒端的垂直面上任意点贡献场强为
由于

所以
总场强的分量为 它与负y方向的夹角是
10-12 一带电细线弯成半径为R的半圆形,线电荷密度,式中为一常 量,为半径R与x轴所成的夹角,如图所示。试求环心O处的电场强度。 [解] 取电荷元

广东省深圳市2021年中考物理一轮复习讲义第10章浮力考点知识梳理+例题+满分必练

广东省深圳市2021年中考物理一轮复习讲义第10章浮力考点知识梳理+例题+满分必练

第10章浮力考点梳理考点1 浮力1、浮力:液体或气体对浸在其中的物体有向上的托力叫浮力。

2、浮力的施力物体:物体所受到的浮力是所浸入的液体(或气体)施加的,所以浮力的施力物体是液体(或气体)。

3、浮力的方向:浮力的方向“总”是竖直向上的,浸在液体(或气体)中的物体不论是上浮、下沉还是悬浮或漂浮,其所受浮力的方向都是竖直向上的。

4、影响浮力大小的因素:物体所受浮力的大小只与液体(或气体)的密度和物体排开液体(或气体)的体积有关。

考点2 阿基米德原理1、阿基米德原理:浸入液体中的物体所受浮力的大小等于物体排开的液体的重力。

2、阿基米德原理的数学表达式:F浮=G排=ρ液gV排,式中ρ液表示液体的密度,单位是kg/m3,V排表示物体排开液体的体积,单位是m3。

3、阿基米德原理不仅适用于各种液体,也适用于各种气体。

考点3 浮沉条件1、浮沉条件;浸没在液体里的物体的浮沉,决定于它受到的浮力和重力。

(1)当F浮>G物时,物体上浮;(2)当F浮<G物时,物体下沉;(3)当F浮=G物时,物体处于悬浮状态,可以在液体中任何深度静止。

2、漂浮:如果一个物体漂浮在液面上,则F浮=G物。

3、物体的浮沉与密度的关系:根据物体的浮沉条件,由阿基米德原理F浮=ρ液gV排,及G物=ρ物gV物可以讨论。

(1)浸没在液体中的物体(V排=V物):当ρ物<ρ液时,物体上浮;当ρ物>ρ液时,物体下沉;当ρ物=ρ液时,物体悬浮。

(2)对于漂浮于液面上的物体(V排<V物):由F浮=G物得ρ物<ρ液。

考点4 浮沉条件应用(1)密度计:密度计是用来测量液体密度的工具,它是利用浮在液面上的物体所受的浮力等于它受到的重力的原理工作的,同一密度计在不同液体中所受到的浮力相同,因此它在密度较大的液体中,浸入液体中的体积较小,所以密度计的刻度是从上往下依次增大的。

(2)利用盐水选种:由阿基米德原理知,同一物体在密度较大的液体中时所受的浮力较大,由于盐水的密度大于清水的密度,同样的种子在盐水中受到的浮力比在清水中受到的浮力大,所以利用盐水可将干瘪、虫蛀的种子除去。

大学物理_波动学基础

大学物理_波动学基础
绳的微振动横波
a T a Y

T:绳的张力
杆的纵向微振动波
杆的横向微振动波 声音在空气中传播 真空中的电磁波
Y:杨氏弹性模量
a G

G:切变弹性摸量 B:体变模量
a
B
a
0 0 0真空介电常数,0真空磁导率
1
《大学物理》课件
介质的几种典型模量
(1).杨氏模量 若在截面为S,长为l的细棒两端加上大小相等、方向相反 的轴向拉力F,使棒伸长l,实验证明:在弹性限度内,正应 力F/S与线性应变l/l成正比,即
y Acos( t
l
u
)
《大学物理》课件
例题2-4 波沿x轴正向传播,A=10cm, =7rad/s; 当t=1s时, ya=0, a<0, yb=5cm,b>0 。设>10cm, 求该波 的波动方程。 y x ) o ] (t 解 y Acos[ u u
o
3.波长 — 一个周期内波动传播的距离。
u

T

4.平面简谐波—波面为平面,媒质中各质点 都作同频率的简谐振动形成的波动。本章主要讨 论这种波。
《大学物理》课件
1 1 例题2-1 已知: y 0.5cos ( t x )(SI), 2 2 求:(1)波的传播方向,A、T、、u,原点 的初相; (2) x=2m处质点的振动方程,及t=1s时质点 的速度和加速度。 (3)x1=1m和x2=2m两点的相差。
· ·· · · · · t · · · ·· · ·
u t 平面波
球面波
惠更斯原理的不足:不能求出波的强度分布; 不能解释后退波问题等。
《大学物理》课件
§5.2 平面简谐行波的波动方程 !

第10章例题

第10章例题

例10.7S函数%S函数timek.m,其输出是输入加1的k倍function [sys,x0,str,ts]=timek(t,x,u,flag,k)switch flag,case 0[sys,x0,str,ts]=mdlInitializeSizes; %初始化case 3sys=mdlOutputs(t,x,u,k); %计算输出量case {1,2,4,9}sys=[];otherwise %出错处理error('Unhandled Flag', num2str(flag));end%mdlInitializeSizes:当flag为0时进行整个系统的初始化function [sys,x0,str,ts]=mdlInitializeSizes()%调用函数simsizes以创建结构sizessizes=simsizes;%用初始化信息填充结构sizessizes.NumContStates=0; %无连续状态sizes.NumDiscStates=0; %无离散状态sizes.NumOutputs=1; %有一个输出量sizes.NumInputs=1; %有一个输入信号sizes.DirFeedthrough=1; %输出量中含有输入量sizes.NumSampleTimes=1; %单个采样周期%根据上面的设置设定系统初始化参数sys=simsizes(sizes);%给其他返回参数赋值x0=[]; %设置初始状态为零状态str=[]; %将str变量设置为空字符串ts=[-1,0]; %假定继承输入信号的采样周期%mdlOutputs:当flag值为3时,计算输出量function sys=mdlOutputs(t,x,u,k)sys = k*(1+u);1。

2023年人教版高中数学第十章概率典型例题

2023年人教版高中数学第十章概率典型例题

(名师选题)2023年人教版高中数学第十章概率典型例题单选题1、接种疫苗是预防和控制传染病最经济、有效的公共卫生干预措施.根据实验数据,人在接种某种病毒疫苗后,有80%不会感染这种病毒,若有4人接种了这种疫苗,则最多1人被感染的概率为( ) A .512625B .256625C .113625D .1625答案:A分析:最多1人被感染即4人没有人感染和4人中恰好有1人被感染,利用独立重复试验的概率和互斥事件的概率求解.由题得最多1人被感染的概率为C 40(45)4+C 41(15)(45)3=256+256625=512625.故选:A小提示:方法点睛:求概率常用的方法:先定性(确定所求的概率是六种概率(古典概型的概率、几何概型的概率、互斥事件的概率、独立事件的概率、独立重复试验的概率、条件概率)的哪一种),再定量.2、如图所示,1,2,3表示三个开关,若在某段时间内它们每个正常工作的概率都是0.9,那么此系统的可靠性是( )A .0.999B .0.981C .0.980D .0.729 答案:B解析:求出开关1、2均正常工作的概率及开关3正常工作的概率,由相互独立事件概率公式、对立事件的概率公式即可得解.由题意,开关1、2在某段时间内均正常工作的概率P1=0.9×0.9=0.81,开关3正常工作的概率P2=0.9,故该系统正常工作的概率P=1−(1−P1)(1−P2)=1−(1−0.81)×(1−0.9)=0.981,所以该系统的可靠性为0.981.故选:B.3、甲、乙两人练习射击,甲击中目标的概率为0.9,乙击中目标的概率为0.7,若两人同时射击一目标,则他们都击中的概率是()A.0.3B.0.63C.0.7D.0.9答案:B分析:结合相互独立事件直接求解即可.设甲击中为事件A,乙击中为事件B,则P(AB)=P(A)⋅P(B)=0.9×0.7=0.63.故选:B4、天气预报说,今后三天中,每一天下雨的概率均为40%,现采用随机模拟方法估计这三天中恰有两天下雨的概率:先由计算器算出0到9之间取整数值的随机数,指定1,2,3,4表示下雨,5,6,7,8,9,0表示不下雨.经随机模拟产生了如下20组随机数:907 966 195 925 271 932 812 458 569 683 431 257 393 027 556 488 730 113 537 989据此估计今后三天中恰有两天下雨的概率为()A.0.40B.0.30C.0.25D.0.20答案:D分析:由题意知:在20组随机数中表示三天中恰有两天下雨通过列举得到共4组随机数,根据概率公式得到结果.由题意知:在20组随机数中恰有两天下雨的有可以通过列举得到:271 932 812 393 共4组随机数∴所求概率为4=0.2020故选:D5、高一年级某同学为了丰富自己的课外活动,参加了学校“文学社”“咏春社”“音乐社”三个社团的选拔,该同学能否成功进入这三个社团是相互独立.假设该同学能够进入“文学社”“咏春社”“音乐社”三个社团的概率分别为a 、b 、14,该同学可以进入两个社团的概率为15,且三个社团都进不了的概率为310,则ab =( )A .320B .110C .115D .15答案:B分析:利用相互独立事件的概率乘法公式,列出关于a ,b 的方程,联立求解即得.依题意,该同学可以进入两个社团的概率为15,则ab ⋅(1−14)+14a(1−b)+14b(1−a)=15,整理得ab +a +b =45,又三个社团都进不了的概率为310,则(1−a)(1−b)(1−14)=310,整理得a +b −ab =35,联立ab +a +b =45与a +b −ab =35,解得ab =110, 所以ab =110. 故选:B6、某同学做立定投篮训练,共3组,每组投篮次数和命中的次数如下表:根据表中的数据信息,用频率估计一次投篮命中的概率,那么误差较小的可能性的估计是( )A .0.68B .0.625C .0.587D .0.615 答案:D分析:由频率和概率的关系求解.解:由题可知,试验次数越多,频率越接近概率,对可能性的估计误差越小. 故选:D .7、齐王与田忌赛马,田忌的上等马优于齐王的中等马,劣于齐王的上等马,田忌的中等马优于齐王的下等马,劣于齐王的中等马,田忌的下等马劣于齐王的下等马,现双方各出上、中、下等马各一匹分组分别进行一场比赛,胜两场及以上者获胜,若双方均不知道对方马的出场顺序,则田忌获胜的概率为( ) A .13B .14C .15D .16 答案:D分析:将齐王与田忌的上、中、下等马编号,列出双方各出上、中、下等马各一匹分组分别进行一场比赛的基本事件即可利用古典概率计算作答.齐王的上等马、中等马、下等马分别记为A ,B ,C ,田忌的上等马、中等马、下等马分别记为a ,b ,c , 双方各出上、中、下等马各一匹分组分别进行一场比赛,胜两场及以上者获胜,依题意,共赛3场,所有基本事件为:(Aa,Bb,Cc),(Aa,Bc,Cb),(Ab,Ba,Cc),(Ab,Bc,Ca),(Ac,Bb,Ca),(Ac,Ba,Cb),共6个基本事件,它们等可能, 田忌获胜包含的基本事件为:(Ac,Ba,Cb),仅只1个, 所以田忌获胜的概率p =16. 故选:D8、下列概率模型中不是古典概型的为( )A .从6名同学中选出4人参加数学竞赛,每人被选中的可能性大小B .同时抛掷两枚质地均匀的骰子,点数和为6的概率C .近三天中有一天降雨的概率D .10人站成一排,其中甲,乙相邻的概率 答案:C分析:根据古典概型的特点,即可判断出结果.解:古典概型的特点:①试验中所有可能出现的基本事件只有有限个;②每个基本事件出现的可能性相等. 显然A 、B 、D 符合古典概型的特征,所以A 、B 、D 是古典概型;C 选项,每天是否降雨受多方面因素影响,不具有等可能性,不是古典概型.故选:C.9、“某彩票的中奖概率为1100”意味着( )A .买100张彩票就一定能中奖B .买100张彩票能中一次奖C .买100张彩票一次奖也不中D .购买彩票中奖的可能性为1100答案:D分析:根据概率的意义判断各选项即可.概率表示事件发生的可能性的大小,并不代表事件发生的频率, “某彩票的中奖概率为1100”意味着购买彩票中奖的可能性为1100. 所以答案是:D10、某产品分甲、乙、丙三级,其中乙、丙均属于次品,生产中出现乙级品的概率为0.03,丙级品的概率为0.01.若从中抽查一件,则恰好得正品的概率为( ) A .0.09B .0.96C .0.97D .0.98 答案:B分析:根据互斥事件概率公式即得.记事件A ={甲级品},B ={乙级品},C ={丙级品},则A 与B +C 是对立事件, 所以P(A)=1−P(B +C)=1−0.03−0.01=0.96. 故选:B.11、如图,“红旗-9”在国内外都被认为属于第三代防空导弹系统,其杀伤空域大,抗干扰和抗多目标饱和攻击能力强,导引系统先进(有两级指挥管制体制),最高速度4.2马赫,最大射程为200公里,射高0.5至30公里,主要攻击高空敌机或导弹,是我国高空防空导弹的杰出代表.现假设在一次实战对抗演习中,单发红旗-9防空导弹对敌方高速飞行器的拦截成功率为0.8,则两发齐射(是否成功拦截互不干扰),敌方高速飞行器被拦截的概率为()A.0.96B.0.88C.1.6D.0.64答案:A分析:根据对立事件及相互独立事件的概率公式计算可得;解:依题意敌方高速飞行器被拦截的概率为1−(1−0.8)×(1−0.8)=0.96故选:A12、从装有两个红球和三个黑球的口袋里任取两个球,那么不互斥的两个事件是()A.“至少有一个黑球”与“都是黑球”B.“至少有一个黑球”与“都是红球”C.“恰好有一个黑球”与“恰好有两个黑球”D.“至多有一个黑球”与“至少有两个黑球”答案:A分析:根据互斥事件的概念判断即可.“至少有一个黑球”中包含“都是黑球”,A正确;“至少有一个黑球”与“都是红球”不可能同时发生,B不正确;“恰好有一个黑球”与“恰好有两个黑球”不可能同时发生,C不正确;“至多有一个黑球”与“至少有两个黑球”不可能同时发生,D不正确.故选:A.双空题13、若血色素化验的准确率为p,则在10次化验中,有两次不准确的概率为________,最多有一次不准确的概率是__________.答案: 45(1-p )2p 810p 9-9p 10分析:由题得不准确的概率为1-p ,利用独立重复试验的概率和互斥事件的概率公式求解. 由题意知,血色素化验的准确率为p ,则不准确的概率为1-p , 所以有两次不准确的概率为C (1-p )2p 8=45(1-p )2p 8;最多一次不准确包括一次不准确和全部准确,则所求概率为C p 10+C (1-p )p 9=10p 9-9p 10. 所以答案是:45(1-p )2p 8;10p 9-9p 10.14、已知事件A 与B 互斥,且P(A)=0.4,P(B)=0.5,则P(A)=_______,P (A ∪B )=________. 答案: 0.6##350.9##910分析:利用对立事件的概率之和为1进行求解P(A);互斥事件A 与B 的概率加法公式P (A ∪B )=P (A )+P (B ) 因为事件A 与A 是对立事件,且P(A)=0.4,所以P(A)=1−P(A)=0.6;因为事件A 与B 互斥,所以P (A ∪B )=P (A )+P (B )=0.9 所以答案是:0.6,0.915、一个不透明的袋子中,放有大小相同的5个小球,其中3个黑球,2个白球.如果不放回地依次取出2个球,则第一次取出的是黑球的概率为___________;第一次取出的是黑球,且第二次取出的是白球的概率为___________. 答案: 35 310分析:利用古典概型的概率求解.依题意,设事件A 表示“第一次取出的是黑球”,事件B 表示“第二次取出的是白球”. 黑球有3个,球的总数为5个,所以P(A)=35.第一次取出的是黑球,且第二次取出的是白球的概率为P(AB)=3×25×4=310.16、在机动车驾驶证科目二考试中,甲、乙两人通过的概率分别为0.8,0.6,两人考试相互独立,则两人都通过的概率为__________.两人至少有一人通过的概率为__________.答案: 0.48 0.92分析:(1)利用相互独立事件的概率乘法公式求解即可.(2)先求两人都未通过的概率,再根据对立事件的概率和为1求解两人至少有一人通过的概率即可 (1)因为两人考试相互独立,则两人都通过考试是相互独立事件,所以同时发生的概率为P =0.8×0.6=0.48.(2)两人都未通过的概率为P =(1−0.8)×(1−0.6)=0.08,故两人至少有一人通过的概率为1−0.08=0.92所以答案是:0.48;0.9217、甲、乙二人做掷骰子游戏,两人掷同一枚骰子各一次,则至少出现一个5点或6点的概率是______;如果谁掷的点数大谁就取胜,则甲取胜的概率为______. 答案: 59 512分析:利用分步乘法计数原理求出所有结果;求出至少出现一个5点或6点的包含的结果;利用列举法求出甲取胜包含的基本事件的个数,利用古典概型概率公式求出事件的概率. 两人掷同一枚骰子各一次出现的所有结果有6×6=36种, 至少出现一个5点或6点的包含的结果有6×4−4=20种, 由古典概型概率公式得至少出现一个5点或6点的概率是2036=59,甲获胜包含的结果有:(2,1),(3,1),(3,2),(4,1),(4,2),(4,3),(5,1),(5,2)、(5,3) (5,4),(6,1),(6,2),(6,3),(6,4),(6,5)共15个,由古典概型概率公式可得:甲取胜的概率为1536=512, 所以答案是:59;512小提示:本题只要考查了分步乘法计数原理以及古典概型概率公式,属于基础题. 解答题18、今年中国共产党迎来了建党100周年,为了铭记建党历史、缅怀革命先烈、增强爱国主义情怀,某区组织了党史知识竞赛活动.在最后一轮晋级比实中,甲、乙、丙三所学校回答一道有关红色革命根据地建立时间的问题,已知甲校回答正确这道题的概率为34,甲、丙两所学校都回答正确这道题的概率是12,乙、丙两所学校都回答正确这道题的概率是14.若各学校回答这道题是否正确是互不影响的.(1)求乙、丙两所学校各自回答正确这道题的概率;(2)求甲、乙、丙三所学校中不少于2所学校回答正确这道题的概率. 答案:(1)P(C)=23,P(B)=38 (2)2132分析:(1)根据独立事件的概率公式计算; (2)结合互斥事件、独立事件的概率公式计算. (1)设事件A =“甲学校回答正确这道题”,事件B =“乙学校回答正确这道题”,事件C =“丙学校回答正确这道题” , 则P(A)=34,P(AC)=12,P(BC)=14, ∵各学校回答这道题是否正确是互不影响的. ∴事件A ,B ,C 相互独立.∴P(AC)=P(A)⋅P(C)=12,P(BC)=P(B)⋅P(C)=14, ∴P(C)=23,P(B)=38 ; (2)设事件M =“甲、乙、丙三所学校中不少于2所学校回答正确这道题”M =ABC ∪AB ̅C ∪A BC ∪ABC 且ABC ,AB̅C,ABC,ABC 两两互斥, P(M)=P(ABC ∪AB ̅C ∪A BC ∪ABC)=P(ABC )+P(ABC)+P(A BC)+P(ABC); 由于事件A ,B ,C 相互独立.所以P(ABC )=P(A)P(B)P(C )=34⋅38⋅13=332P(AB̅C)=P(A)P(B ̅)P(C)=34⋅58⋅23=516, P(A BC)=P(A )P(B)P(C)=14⋅38⋅23=116,P(ABC)=P(A)P(B)P(C)=34⋅38⋅23=316,P(M)=332+516+116+316=213219、科学家在1927年至1929年间发现自然界中的氧含有三种同位素,分别为16O ,17O ,18O ,根据1940年比较精确的质谱测定,自然界中这三种同位素的含量比为16O 占99.759%,17O 占0.037%,18O 占0.204%.现有3个16O ,2个17O ,n 个18O ,若从中随机选取1个氧元素,这个氧元素不是17O 的概率为23.(1)求n ;(2)若从中随机选取2个氧元素,求这2个氧元素是同一种同位素的概率. 答案:(1)1; (2)415.分析:(1)求出随机选取1个氧元素是17O 的概率,再利用对立事件概率公式计算作答.(2)对给定的16O ,17O ,18O 进行编号,列举出选取2个氧元素的所有结果,再借助古典概率公式计算作答.(1)依题意,从这些氧元素中随机选取1个,这个氧元素是17O 的概率P 1=2n+5,则有1−2n+5=23,解得n =1,所以n =1. (2)记3个16O 分别为a ,b ,c ,2个17O 分别为x ,y ,1个18O 为m ,从中随机选取2个,所有的情况为:(a,b ),(a,c ),(a,x ),(a,y ),(a,m ),(b,c ),(b,x ),(b,y ),(b,m ),(c,x ),(c,y ),(c,m ),(x,y ),(x,m ),(y,m ),共15种,它们等可能,其中这2个氧元素是同一种同位素的情况有(a,b ),(a,c ),(b,c ),(x,y ),共4种,其概率为P 2=415,所以这2个氧元素是同一种同位素的概率是415.20、甲、乙两人轮流投篮,每人每次投一球.甲先投且先投中者获胜,约定有人获胜或每人都已投球3次时投篮结束.设甲每次投篮投中的概率为13,乙每次投篮投中的概率为12,且各次投篮互不影响. (1)求甲获胜的概率;(2)求投篮结束时乙只投了2个球的概率.答案:(1)1327 (2)427 分析:(1)根据互斥事件和的概率公式及独立事件同时成立的概率公式求解即可;(2)写出投篮结束时乙只投了2个球的事件,由互斥事件的和的概率公式,独立事件概率公式求解.(1)设Ak ,Bk 分别表示甲、乙在第k 次投篮时投中,则P (A k )=13,P (B k )=12,(k =1,2,3),记“甲获胜”为事件C ,则P (C )=P (A 1)+P (A 1B̅1A 1)+P(A 1B ̅1A 2B ̅2A 3) =P (A 1)+P (A 1)P (B ̅1)P (A 2)+P (A 1)P (B ̅1)⋅P (A 2)P (B ̅2)P (A 3) =13+23×12×13+(23)2×(12)2×13=1327.(2)记“投篮结束时乙只投了2个球”为事件D .则P (D )=P (A 1B̅1A 2B 2)+P(A 1B ̅1A 2B ̅2A 3) =P (A 1)P(B 1)P (A 2)P (B 2)+P (A 1)P (B ̅1)⋅P (A 2)P (B ̅2)P(A 3) =(23)2×(12)2+(23)2×(12)2×13=427.。

财务管理学---第10章 例题答案

财务管理学---第10章 例题答案

第10章短期筹资管理【例1·判断题】根据期限匹配融资战略,固定资产比重较大的上市公司主要应通过长期负债和发行股票筹集资金。

(√)『答案解析』在期限匹配融资战略中,永久性流动资产和固定资产以长期融资方式(负债或权益)来融通,波动性流动资产用短期来源融通。

【例2·单选题】以下流动资产融资战略中,短期资金占全部资金来源比重最大的是(C)。

A.期限匹配融资战略B.保守融资战略C.激进融资战略D.紧缩融资战略【例3·多选题】某企业拥有流动资产100万元(其中永久性流动资产为30万元),长期融资400万元,短期融资50万元,则以下说法正确的有(BD)。

A.该企业采取的是激进融资战略B.该企业采取的是保守融资战略C.该企业收益和风险均较高D.该企业收益和风险均较低『答案解析』该企业波动性流动资产=100-30=70万元,大于短期融资50万元,所以该企业采取的是保守融资战略,这种类型的融资战略收益和风险均较低。

【例4·单选题】某公司按照2/20,N/60的条件从另一公司购入价值1000万的货物,由于资金调度的限制,该公司放弃了获取2%现金折扣的机会,公司为此承担的信用成本率是(D)。

A.2.00%B.12.00%C.12.24%D.18.37%『答案解析』本题考核放弃现金折扣的信用成本率的计算公式。

放弃现金折扣的信用成本率=2%/(1-2%)×360/(60-20)=18.37%。

【例5·单选题】下列各项中,与丧失现金折扣的机会成本呈反向变化的是(D)。

A.现金折扣率B.折扣期C.信用标准D.信用期【例6·计算分析题】公司采购一批材料,供应商报价为10000元,付款条件为:3/10,2.5/30,1.8/50,N/90.目前企业用于支付账款的资金在第90天时才能周转回来,在90天内付款,只能通过银行借款解决。

如果银行借款利率12%,确定公司材料采购款的付款时间和价格。

高中物理第十章静电场中的能量典型例题(带答案)

高中物理第十章静电场中的能量典型例题(带答案)

高中物理第十章静电场中的能量典型例题单选题1、如图,a、b是正点电荷电场中的一条电场线上的二点,二点的电势和电场强度分别为φa、φb和E a、E b,则他们的大小关系是()A.φa>φb,E a>E b B.φa>φb,E a<E bC.φa=φb,E a=E b D.φa<φb,E a>E b答案:AAB.假设电场线的方向向右,则正电荷在a的左侧,所以a点的电场强度大,即E a>E b;沿电场线方向电势降低,可以比较电势高低,根据电场线方向可知φa>φb,选项A正确,B错误;C.沿着电场线电势会逐渐降低,a、b是正点电荷电场中的一条电场线上的二点,两点的场强和电势不可能相等,选项C错误;D.若电场线的方向向左,则正电荷在b的右侧,所以b点的电场强度大,即E b>E a;沿电场线方向电势降低,可以比较电势高低,根据电场线方向可知φa<φb,选项D错误。

故选A。

2、静电纺纱是利用高压静电场使单纤维两端带异种电荷,在电场力作用下使纤维伸直、平行排列和凝聚的纺纱工艺。

如图所示为其电场分布简图,下列说法正确的是()A.虚线可能是等势线B.电场强度EA<EC<EBC.负电荷在C点的电势能大于其在A点的电势能D.在C点静止释放一电子,它将在电场力作用下沿着虚线CD运动答案:CA.电极是等势体,其表面是等势面,根据电场线与等势面垂直可知虚线应是电场线,选项A错误;B.由电场线的疏密表示电场强度的大小可知EA<EB<EC选项B错误;C.电场线由高压电源的正极到负极,所以A点的电势高,C点的电势低,由E p=qφ可知,负电荷在C点的电势能大于其在A点的电势能,选项C正确;D.CD电场是曲线,在C点静止释放一电子,在电场力作用下不会沿着虚线CD运动,选项D错误。

故选C。

3、一平行板电容器充电后与电源断开,负极板接地。

两板间有一个正试探电荷固定在P点,如图所示,以C 表示电容器的电容,E表示两板间的电场强度,φ表示P点的电势,E p表示正电荷在P点的电势能。

10-3 波的能量能流密度

10-3 波的能量能流密度
第十章 波动
14
10-3 波的能量 能流密度 例题4 一个点波源位于o点,以o点为中心作两个同心 球面,它们的半径分别为R1和R2,在两个球面上分别取 相等的面积∆S1, ∆S2,则通过它们的平均能流之比为:
P1 P2
第十章 波动
15
10-3 波的能量 能流密度
能流密度 ( 波的强度 )I:
例题1 一平面简谐机械波在弹性介质中传 播,下述各结论哪个正确? 选择( D ) (A)介质质元的振动动能增大时,其弹性势 能减小,总机械能守恒. (B)介质质元的振动动能和弹性势能都作周期 性变化,但两者相位不相同.
(C)介质质元的振动动能和弹性势能的相位在 任一时刻都相同,但两者数值不同.
(D)介质质元在其平衡位置处弹性势能最大.
第十章 波动
17
10-3 波的能量 能流密度
例题6 一平面简谐波,频率为300Hz,波速为340m/s ,在截面积为3.00×10-2m2的管内空气中传播,若在10 秒内通过截面的能量为2.70×10-2J,求:
(1)通过截面的平均能流; (2)波的平均能流密度; (3)波的平均能量密度。
第十章 波动
10-3 波的能量 能流密度

波动能量的传播
1 波的能量
波的传播是能量的传播,传播过程中, 介质中的质点运动,具有动能 W k,介质形变 具有势能 W p .
第十章 波动
1
10-3 波的能量 能流密度
以棒中传播的纵波为例分析波动能量的传播.
O O
x
dx
y
y dy
x x
如上图所示,以距棒的左端为x处有一段长为dx的体积元, 若该棒的密度为ρ,截面积为S,则dV=Sdx. 当波传播到该体积元时,若它的左端发生位移y,则右端 位移为y+dy.这表明该体积元不仅发生运动,还产生了 形变,说明它既有动能也有势能。

大学物理学(第五版)下册第十章 波动 补充例题

大学物理学(第五版)下册第十章 波动 补充例题

y/m 0.10
I
II
u
O -0.10
0.20
0.40
0.60 x / m
6 平面简谐波的波动方程为
y 0.08 cos( 4t 2x),式中y的单位为m, t的单位为s.求:(1)t 2.1s 时波源及距波 源0.10m两处的相位; (2)离波源0.80m及 0.30m说明两处的相位.
r1
11 如图所示, x 0 处有一运动方程为 y A cos t 的平面波波源,产生的波沿x轴正、 负方向传播MN为波密介质的反射面,距波源 3 λ / 4.求:(1)波源所发射的波沿波源O左右 传播的波动方程;(2)在MN处反射波的波动 方程;(3)在O~MN区域内形成的驻波方程, 以及波节和波腹的位置;(4)区域内合成波 M 的波动方程.
13 一警车以25m· s-1的速度在静止的空 气中行驶,假设车上警笛的频率为800Hz. 求: (1)静止站在路边的人听到警车驶近和离 去时的警笛声波频率; (2)如果警车追赶一辆速度为15m· s-1的客 车,则客车上人听到的警笛声波频率是多 少? (设空气中声速为u=330m· s-1 )
14 一次军事演习中,有两艘潜艇在水 中相向而行,甲的速度为50.0km· h-1,乙的 速度为70.0km· h-1,如图所示.甲潜艇发出一 个1.0×103Hz的声音信号,设声波在水中的 传播速度为5.47×103km· h-1,试求:(1) 乙潜艇接收到的信号频率;(2)甲潜艇接 收到的从乙潜艇反射回来的信号频率.
) 甲 50.0km· h-1 )
)
)
)
)
)
乙 70.0km· h-1
y/m
u 0.08m s 1
O -0.04
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y(x,t) = 3×10−2 cos[4π(t − x / u) +π] −2 = 3×10 cos[4π(t − x / 20) +π]
-7-
第十章 波动
⑶C、D点的运动方程 点的运动方程
8m C
u
5m B A o 9m D
C点的运动方程 点的运动方程
x
y(xC ,t) = 3×10 cos4π (t − xC / u) = 3×10−2 cos4π(t − (−13)/20) −2 = 3×10 cos(4πt +13π / 5)
v v0
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第十章 波动
v v0
解: 汽车接收声波 u + v车 ν汽收 = ν源 u 接收器接收反射波 u ν u ⋅ u + v车 ν = u + v车 ν ν器收 = 源 汽收 = u − v车 u − v车 u u − v车 源 解得 ν器收 −ν源 v车 = u = 110 −100 ×330 =15.7 m⋅ s-1 ν器收 +ν源 110 +100
-15-
第十章 波动
解: 观察者听到来自A的频率 ⑴观察者听到来自 的频率 u − v0 330 −30 ⋅ 500 = 454.5 Hz ν' = ν= u 330 观察者听到来自B的频率 的频率; ⑵观察者听到来自 的频率; u + v0 ν ′′ = ν = 330 + 30 ×500 = 461.5 Hz 330 + 60 u + vs 观察者听到的拍频. ⑶观察者听到的拍频 ∆ν =|ν ′ −ν ′′ |= 7 Hz
-19-
第十章 波动
解: 在观察时间飞机飞行的距离 AB = vst = h(cot + cotβ) α 飞机速度在AC、 方向的分量 飞机速度在 、BC方向的分量 vAC = vscosα vBC = vscosβ 飞机在A、 处观察者听到声音频率 飞机在 、C处观察者听到声音频率 u ν = u ν1 = ν0 0 u − vAC u − vscosα u ν2 = u ν0 = ν0 u + vBC u + vscosβ 解得 ν0 −ν2 ν1 −ν0 cosα = u = 0.275 cosβ = u = 0.413
A o x) −2 y(x,t) = 3×10 cos4π (t − 20
x
λ = uT =10 m
λ
λ
CD 两点间的相位差 ∆ϕCD = − 2π (xC − xD ) = − 2π [(−13) − 9] = 4.4π
λ
λ
-9-
第十章 波动
如图所示, 、 两点为同一介质中两相干波源, 例1 如图所示,A、B 两点为同一介质中两相干波源, 振幅皆为5 点为波峰时, 振幅皆为 cm,频率皆为 ,频率皆为100 Hz,当 A点为波峰时, , 点为波峰时 B点恰为波谷 设波速为 m·s-1,写出由 、B发出 点恰为波谷. 写出由A、 发出 点恰为波谷 设波速为10 的两列波传到点P 时干涉的结果. 的两列波传到点 时干涉的结果 P 解: BP = 152 + 202 = 25 λ = u / ν = 0.10 m 设A 的相位较 B 超前 A B 20 m ϕA −ϕB = π 得 ∆ϕ = ϕB −ϕA − 2π BP − AP = −π− 2π 25 −15 = −201 π λ 0.1 P点合振幅 点合振幅 A = A − A2 = 0 1
→x←
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第十章 波动
如图, 一列沿x轴正向传播的简谐波方程为 例 如图, 一列沿 轴正向传播的简谐波方程为 y=10-3cos[200π(t-x/200)] (m) 在 1,2 两种 介 质分 界 面上 的 A 点与 坐 标原 点 O 相 距 L=2.25 m. 已知介质 的波阻大于介质 的波阻,反射 已知介质2的波阻大于介质 的波阻, 的波阻大于介质1的波阻 波与入射波的振幅相等. 波与入射波的振幅相等 求: 反射波方程; ⑴反射波方程 驻波方程; ⑵驻波方程 之间波节和波腹的位置坐标. ⑶在OA之间波节和波腹的位置坐标 之间波节和波腹的位置坐标 y
−2
D点的运动方程 点的运动方程
y(xD ,t) = 3×10−2 cos4π (t − xD / u) = 3×10−2 cos(4πt −9π / 5)
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第十章 波动
⑷ BC ,CD 两点间的相位差
u
8m C B
5m
9m D
BC 两点间的相位差 2π (x − x ) = − 2π [(−5) − (−13)] = −1.6π ∆ϕBC = − B C
-13-
第十章 波动
⑵驻波方程 y = y1 + y2 = 2×10−3 cos(πx + π)cos(200 πt + π) 4 4 ⑶OA间波节和波腹点的坐标 间波节和波腹点的坐标 cos(πx + π) = 0 令 4 得波节坐标
x = n +1/ 4 x ≤ 2.25 m π 令 | cos(πx + ) |= 1 4 得波腹坐标 x = n −1/ 4 x ≤ 2.25 m
1 O 2
L
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A
x
第十章 波动
y 解: 1 2 ⑴反射波方程 O A x L 设反射波方程 y反 =10−3 cos[ π(t + x / 200) +ϕ0 ] 200 则反射波在A点激起的振动方程 则反射波在 点激起的振动方程 y反A =10−3 cos[ π(t + L / 200) +ϕ0 ] 200 由入射波得反射波在A点激起的振动方程 由入射波得反射波在 点激起的振动方程 −3 y反A =10 cos[ π(t − L / 200) +π] 200 比较可得 ϕ0 = −2πL + π = -3.5π = -4π +π / 2 ⇒ ϕ0 = π / 2 反射波方程 −3 y2 =10 cos[ π(t + x / 200) +π / 2] m 200
(n = 0, ,2,L 1 ) x = 0.25 m ,1.25 m ,2.25 m
(n = 1,2,L ) x = 0.75 m ,1.75 m
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第十章 波动
例1 A、B 为两个汽笛,频率皆为 、 为两个汽笛,频率皆为500 Hz,A 静止, , 静止, 的速率向右运动. B 以60 m·s-1的速率向右运动 在两个汽笛之间有一 观察者O, 的速度也向右运动. 观察者 , 以 30 m·s-1的速度也向右运动 已知空气 中的声速为330 m·s-1,求: 中的声速为 观察者听到来自A的频率 的频率; ⑴观察者听到来自 的频率; 观察者听到来自B的频率 的频率; ⑵观察者听到来自B的频率; 观察者听到的拍频. ⑶观察者听到的拍频
u
8m C B 5m A 9m D
x
为坐标原点,写出波动方程; ⑴以 A 为坐标原点,写出波动方程; 为坐标原点,写出波动方程; ⑵以 B 为坐标原点,写出波动方程; 求传播方向上点C 的简谐运动方程; ⑶求传播方向上点 、D 的简谐运动方程; 两点间的相位差. ⑷分别求出 BC ,CD 两点间的相位差
15 m 15 m
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第十章 波动
声波从入口E进入声波干涉仪 进入声波干涉仪, 例 2 声波从入口 进入声波干涉仪 , 分 B、C两路在 、 两路在 管中传播,在喇叭口A会合后传出 弯管C可以伸缩 会合后传出. 可以伸缩, 管中传播,在喇叭口 会合后传出 弯管 可以伸缩, 当它渐渐伸长时, 当它渐渐伸长时 , 喇叭口发出的声音周期性增强或 减弱. 管每伸长8 减弱 设C管每伸长 cm,由A发出的声音就减弱一 管每伸长 , 发出的声音就减弱一 求此声波的频率(声速为340 m·s-1). 次,求此声波的频率(声速为 解: A处干涉的声波初相相同,声音减弱 处干涉的声波初相相同, 处干涉的声波初相相同 δ = (2k +1)λ / 2 (k = 0,1,2L ) C管伸长声音再次减弱,应有 管伸长声音再次减弱, 管伸长声音再次减弱 δ ′ = δ + 2x = [2(k +1) +1]λ / 2 (k = 0,1,2L ) 2x=λ 得 声波频率 ν = u / λ = u / 2x = 2125 Hz
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第十章 波动
利用多普勒效应可以监测汽车行驶的速度. 例8 利用多普勒效应可以监测汽车行驶的速度 一固 定的波源发出频率为100 kHz的超声波,当汽车迎着 的超声波, 定的波源发出频率为 的超声波 波源驶来时, 波源驶来时 , 与波源安装在一起的接收器接收到从 汽车反射回来的超声波的频率为110 kHz. 已知空气 汽车反射回来的超声波的频率为 中声速为330 m·s-1,求汽车行驶的速度 求汽车行驶的速度. 中声速为
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第十章 波动
解: ⑴以 A点为坐标原点的波动方程 点为坐标原点的波动方程
u
8m C B
−2
5m A o
9m D
x
A点振动方程 点振动方程 波动方程
y(t) = 3×10 cos4πt
x) y(x,t) = 3×10 cos4π (t − u = 3×10−2 cos4π (t − x ) 20
ν1νs
ν2νs
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第十章 波动
飞机的飞行高度 ν st h= cotα + cotβ
=
cosα
3
ν st
+
cosβ 1− cos2β
1− cos2α
=1.08×10 m
-21-
−2
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第十章 波动
⑵以 B 点为坐标原点的波动方程
u
8m C B o
−2
5m A o
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