05、平面向量中的最值问题
求解平面向量最值问题的几个措施
探索探索与与研研究究图1B (-1,0)，C (1,0)，设x ,3-y )，PB =(-1-+PC )=2x 2-23y +2直线BC 为x 轴、.求得若∠AOB =150°，OA +n OB ，则3m -n 33θ)，其中0°≤θ≤150°.设A （1,0），则θ=2sin æèöøθ+π3，2.故选C ．以圆心为原点，两.设将问题我们无法快速求将目将问题转化为函数求得平面向量的最θ，向量c =æèöøcos 2θ2⋅，cos θ=2x -1，图2探索探索与与研研究究可得|c |2=[xa +(1-x )b]2=x 2+2x (1-x )(2x -1)+(1-x )2=-4x 3+8x 2-4x +1．令f (x )=-4x 3+8x 2-4x +1,x ∈[0,1]，则f ′(x )=-4(3x -1)(x -1)，由f ′(x )=0，得x =13或1．当0≤x ＜13时，f ′(x )＜0，此时函数单调递减；当13＜x ＜1时，f ′(x )＞0，此时函数单调递增.所以f (x )min =f æèöø13=1127，故|c |min=．通过换元，将|c |2的表达式转化为关于x 的一元三次函数式.再对函数求导，根据导函数与单调性之间的关系判断出函数的单调性，求得函数的最小值，即可求得|c |min .三、利用向量的几何意义向量兼有数与形的“双重身份”，是联系代数与几何的纽带.在求解平面向量最值问题时，可根据平面向量的几何意义，如加法的三角形法则、平行四边形法则，向量的模即为向量所在线段的长，两个向量的数量积即为一个向量的模与其在另一个向量所在方向上的投影的乘积，来构造几何图形，进而根据图形的几何特征与性质求最值．例4.已知P 是边长为2的正六边形ABCDEF 内的一点，则 AP ∙AB 的取值范围是（）.A.(-2,6)B.(-6,2)C.(-2,4)D.(-4,6)图3解:过C 作CC ′⊥AB ，设垂足为C ′，过F 作FF ′⊥AB ，设垂足为F ′，如图3所示．因为|| AB =2，则 AP 在 AB 方向上的投影为||AP cos ∠PAB ，当P 与C 重合时，|| AP cos ∠PAB 的最大值为|||| AC ′=3，当P 与F 重合时，|| AP cos ∠PAB 的最小值为-||||F ′A =-1，故-1＜|| AP cos ∠PAB ＜3，由向量数量积的几何意义可知， AP ⋅ AB 即为AB 的模与 AP 在 AB 方向上的投影的乘积，即 AP ⋅AB =|| AB ⋅||AP cos ∠PAB ，所以 AP ∙AB 的取值范围是(-2,6).故选A.解答本题，需灵活运用向量数量积的几何意义：AP ∙ AB 即为 AB 的模与 AP 在AB 方向上的投影的乘积，即 AP ∙ AB =|| AB ⋅|| AP cos ∠PAB .再添加辅助线，根据正六边形的结构特征，求得||AP cos ∠PAB 的取值范围，即可解题.四、利用等和线的性质等和线有如下性质：①当P 0在直线AB 上，且OP 垂直于等和线时，若 OP =k OP 0=x OA +yOB (k ,x ,y ∈R)，则x +y =k .根据相似三角形的性质可知等和线之间的距离之比为|k |=|| OP|| OP 0（如图4）．②当等和线恰为直线AB 时，k =1；③当等和线在点O 与直线AB 之间时，k ∈(0,1)；④当直线AB 在点O 与等和线之间时，k ∈(1,+∞)；⑤当等和线经过点O 时，k =0；⑥当两等和线关于点O 对称时，对应的两个定值k 互为相反数.利用等和线的性质求解最值问题的一般步骤为：（1）找到等和线为1的情形；（2）平移等和线到可行域内；（3）利用平面几何知识求出最值．例5.在矩形ABCD 中，AB =1，AD =2，动点P 在以C 为圆心且与BD 相切的圆上.若 AP =λ AB +μAD ，则λ+μ的最大值为（）.A.3B.2C.2D.25图5解：如图5，设BD 与圆的相切点为P 1，则点A 到BD 的距离等于|P 1C |．当P 在P 1处时，λ+μ=1；当P 在P 1关于点C 对称的点P 2处时，λ+μ最大，此时(λ+μ)max =|P 1P 2|+|P 1C ||P 1C |=3．故选A ．平面向量OP 满足： OP =λ OA +μ OB (λ,μ∈R)，则点P 在直线AB上或在平行于AB 的直线上，可知图449一一一一一一一一一一一一一一一一一一λ+μ=k （定值），此时直线AB 及平行于AB 的直线为等和线，即可根据等和线的性质求得最值.五、利用极化恒等式极化恒等式：a ⋅b =14[(a +b )2-(a -b )2]是解答向量问题的重要工具.当遇到共起点的两向量的数量积最值问题时，可以考虑根据三角形法则和平行四边形法则，将两个向量的数量积的最值问题转化为两个向量的和、差的最值问题，利用极化恒等式求解.例6.如图6，在四边形ABCD 中，∠B =60°，AB =3，BC =6，且 AD =λ BC ，AD ∙ AB =-32，则实数λ的值为，若M ，N 是线段BC 上的动点，且MN =1，则DM ∙DN 的最小值为．图6解：由 AD ∙ AB =-32，得(λ BC )∙ AB =λ| BC || AB |cos ∠B=λ×6×3æèöø-12=-32，解得λ=16．分别过D ，A 作BC 的垂线，垂足分别为E ，F ，由极化恒等式得，DM ∙ DN =||DQ 2-||QM 2=|| DQ 2-æèöø122≥|| DE 2-æèöø122=|| AF 2-æèöø122=132．一般地，若在三角形ABC 中，M 为BD 的中点，由极化恒等式可得： AB ∙ AD =| AM |2-| BM |2；在平行四边形ABCD 中， AB ∙ AD =14(| AC |2-| BD |2)，这样就将向量的数量积问题转化为两条线段长度的平方差问题.解答本题，需先找到定点，再根据动点的变化情况求最值可见，求解平面向量最值问题的措施很多.解题的关键是要根据解题的需求，建立合适的平面直角坐标系和关系式，灵活运用函数的性质、等和线的性质、向量的几何意义、极化恒等式进行求解.（作者单位：云南省曲靖市会泽县茚旺高级中学）探索探索与与研研究究比较函数式的大小问题通常会综合考查一次函数、二次函数、指数函数、对数函数、幂函数的性质和图象.解答这类问题的常用方法有：特殊值法、放缩法、中间值法、基本不等式法等.在解题时，若能选用恰当的方法，就能达到事半功倍的效果.本文主要谈一谈下列三种比较函数式大小的思路.一、利用重要不等式在比较函数式的大小时，可根据已有的经验和不等式结论来进行比较，这样能有效地提升解题的效率.常用的重要不等式有：（1）基本不等式及其变形式：若ab >0,a 、b >0，则a +b ≥2ab 、21a +1b≤ab ≤a +b 2≤，当且仅当a =b 时等号成立；（2）切线不等式：e x +1、ln x ≤x -1；（3）柯西不等式：a ,b ,x ,y ∈R ，()a2+b 2()x 2+y 2≥(ax +by )2，(ax -by )2≥()a 2-b 2()x 2-y 2；等等.例1.设a =0.1e 0.1,b =19,c =-ln 0.9，请比较a ，b ，c的大小.解：由于b =19=109-1,c =-ln 0.9=ln 109,令x =-0.1,由切线不等式：e x ≥x +1，当且仅当x =0时等号成立，可得e -0.1>-0.1+1=0.9,则e 0.1<109,所以0.1e 0.1<0.1×109=19,即a <b ，令x =109,由切线不等式：e x≥x +1，得：ln 109<109-1=19,即c <b ，而e 0.1>0.1+1=1.1,则0.1e 0.1>0.1×1.1=0.11,由重要不等式：当x >1时，恒有ln x <12(x -1x )成立，可知-ln 0.9=ln 109<12(109-910)=19180<0.11，50。
平面向量的最值问题
平面向量的最值问题
平面向量的最值问题指的是求平面向量的最大值和最小值的问题。
在求解平面向量的最值问题时，一般可以通过以下几种常用的方法进行求解：
1. 向量的模的最大值和最小值：对于平面向量a=(x,y)，其模的最大值和最小值分别为：
最大值：|a| = √(x^2 + y^2)
最小值：|a| = 0
2. 向量的投影的最大值和最小值：对于平面向量a=(x,y)，其在某个方向上的投影的最大值和最小值分别为：
最大值：|proj_u a| = |a|·cosθ，其中θ为a与u的夹角
最小值：|proj_u a| = 0
3. 向量的点乘的最大值和最小值：对于平面向量a=(x1,y1)和b=(x2,y2)，其点乘的最大值和最小值分别为：
最大值：a·b = |a|·|b|·cosθ，其中θ为a与b的夹角
最小值：a·b = |a|·|b|·cosθmin，其中θmin为a与b的夹角的最小值，即θmin=0时
需要注意的是，以上方法中的最大值和最小值都是相对于给定的条件和向量范围的。
具体在实际问题中求解向量的最值时，需要根据具体的条件和向量的性质进行分析和计算。
平面向量中的最值或范围问题
2
2 2
2
所以 c
o
sa - b,
a =
(
·a
a-b)
=
|
a-b|
|
a|
3 2 9
b+
2
2 1
3
3
。
= |
b|+
≥
6
|
b|
4
4
|
b| 2
因为 0≤ a-b,
所 以 0≤ a-b
a ≤π,
≤
π
π
,
故 a-b 与a 的夹角的最大值为 。
6
6
2
=9
b +a -2×3
b·a≤4,所 以 a·b≥2+
2
3
|
b|
2+
3
|
b|
a·b
2
。所以 c
o
sa,
b =
≥
2
|
a|·b
4
|
b|
2
2
1
3
|
b|
,因 为|
=
+
b|≤1,所 以 当|
b|=1
2
|
b|
8
时,
c
o
sa,
b取得最小值为
[
C.
4,
1
2]
7
。
8
→
其中 0≤λ≤1,则 B→
C ·BP
→
一般情况 下,如 果 遇 到 的 问 题 适 合 建 立
2
+
3 s
i
n
π
2
最全归纳平面向量中的范围与最值问题 (十大题型)(学生版)
最全归纳平面向量中的范围与最值问题目录题型一：三角不等式题型二：定义法题型三：基底法题型四：几何意义法题型五：坐标法题型六：极化恒等式题型七：矩形大法题型八：等和线题型九：平行四边形大法题型十：向量对角线定理方法技巧总结技巧一．平面向量范围与最值问题常用方法：(1)定义法第一步：利用向量的概念及其基本运算将所求问题转化为相应的等式关系第二步：运用基木不等式求其最值问题第三步：得出结论(2)坐标法第一步：根据题意建立适当的直角坐标系并写出相应点的坐标第二步：将平面向量的运算坐标化第三步：运用适当的数学方法如二次函数的思想、基本不等式的思想、三角函数思想等求解(3)基底法第一步：利用其底转化向量第二步：根据向量运算律化简目标第三步：运用适当的数学方法如二次函数的思想、基本不等式的思想、三角函数思想等得出结论(4)几何意义法第一步：先确定向量所表达的点的轨迹第二步：根据直线与曲线位置关系列式第三步：解得结果技巧二．极化恒等式(1)平行四边形平行四边形对角线的平方和等于四边的平方和：|a +b |2+|a -b |2=2(|a|2+|b |2)证明：不妨设AB =a ,AD =b ，则AC =a +b ，DB =a -bAC 2=AC 2=a +b 2=a 2+2a ⋅b +b 2①DB 2=DB 2=a -b 2=a 2-2a ⋅b +b 2②①②两式相加得：AC 2+DB 2=2a 2+b 2=2AB 2+AD 2 (2)极化恒等式：上面两式相减，得：14a +b 2-a -b 2----极化恒等式①平行四边形模式：a ⋅b =14AC 2-DB 2几何意义：向量的数量积可以表示为以这组向量为邻边的平行四边形的“和对角线”与“差对角线”平方差的14．②三角形模式：a ⋅b =AM 2-14DB 2(M 为BD 的中点)技巧三．矩形大法矩形所在平面内任一点到其对角线端点距离的平方和相等已知点O 是矩形ABCD 与所在平面内任一点，证明：OA 2+OC 2=OB 2+OD 2．【证明】(坐标法)设AB =a ,AD =b ，以AB 所在直线为轴建立平面直角坐标系xoy ，则B (a ,0),D (0,b ),C (a ,b )，设O (x ,y )，则OA 2+OC 2=(x 2+y 2)+[(x -a )2+(y -b )2]OB 2+OD 2=[(x -a )2+y 2]+[x 2+(y -b )2]∴OA 2+OC 2=OB 2+OD 2技巧四．等和线(1)平面向量共线定理已知OA =λOB +μOC ，若λ+μ=1，则A ,B ,C 三点共线；反之亦然．(2)等和线平面内一组基底OA ,OB 及任一向量OP ，OP =λOA +μOB(λ,μ∈R )，若点P 在直线AB 上或者在平行于AB 的直线上，则λ+μ=k (定值)，反之也成立，我们把直线AB 以及与直线AB 平行的直线称为等和线．①当等和线恰为直线AB 时，k =1；②当等和线在O 点和直线AB 之间时，k ∈(0,1)；③当直线AB 在点O 和等和线之间时，k ∈(1,+∞)；④当等和线过O 点时，k =0；⑤若两等和线关于O 点对称，则定值k 互为相反数；技巧五．平行四边形大法1.中线长定理2AO 2=AB 2+AD 2-12DB 22.P 为空间中任意一点，由中线长定理得：2PO 2=PA 2+PC 2-12AC 22PO 2=PD 2+PB 2-12DB 2两式相减：PA 2+PC 2-PD 2+PB 2=AC2-BD 22=2AB ⋅AD技巧六．向量对角线定理AC ⋅BD =(AD 2+BC 2)-(AB 2+CD2)2必考题型归纳题型一:三角不等式1(2023·全国·高三专题练习)已知向量a ,b ,c 满足|a |=2,|b |=1,|c -a -b |=1，若对任意c ，(c -a )2+(c-b )2≤11恒成立，则a ⋅b 的取值范围是.2(2023·全国·高三专题练习)已知平面向量a ,b ,c 满足：|a|=1,b ⋅a =-1，若对满足条件的任意向量b ，|c -b |≥|c -a |恒成立，则cos c +a ,a 的最小值是．3已知向量a ,b ,c 满足a =b =c =2，a ⋅b =0，若关于t 的方程ta +b2-c=12有解，记向量a ,c 的夹角为θ，则sin θ的取值范围是.1.已知e 1 ,e 2 ,e 3 是平面向量，且e 1 ,e 2 是互相垂直的单位向量，若对任意λ∈R 均有e 3 +λe 1的最小值为e 3 -e 2 ，则e 1 +3e 2 -e 3 +e 3-e 2 的最小值为．2.已知平面向量e 1 ,e 2 满足2e 2 -e 1 =2，设a =e 1 +4e 2 ,b =e 1 +e 2 ，若1≤a ⋅b ≤2，则|a|的取值范围为．3.(2023·浙江金华·统考一模)已知平面向量a ，b ，c 满足a ⋅b =74，|a -b|=3，(a -c )(b -c )=-2，则c的取值范围是．1已知向量a ，b 的夹角为π3，且a ⋅b =3，向量c 满足c =λa +1-λ b 0<λ<1 ，且a ⋅c =b ⋅c ，记x =c ⋅aa ，y =c ⋅b b，则x 2+y 2-xy 的最大值为.2(2023·四川成都·高二校联考期中)已知向量a ，b ，c 满足a =1，b=2，a ⋅b=-1，向量c -a 与向量c -b 的夹角为π4，则c 的最大值为．3(2023·浙江绍兴·高二校考学业考试)已知向量a ，b 满足a =1，b=3，且a ⊥b ，若向量c 满足c -a -b =2a -b ，则c的最大值是．1.已知向量a ，b 满足a =1，b =3，且a ⋅b =-32，若向量a -c 与b -c 的夹角为30°，则|c |的最大值是. 2.已知向量a ，b ，满足a =2b =3c =6，若以向量a ，b 为基底，将向量c 表示成c =λa+μb (λ，μ为实数)，都有λ+μ ≤1，则a ⋅b的最小值为 3.已知向量a 、b 满足：a -b=4，a =2b .设a -b 与a +b 的夹角为θ，则sin θ的最大值为.1.已知菱形ABCD 的边长为2，∠BAD =120°，点E ，F 分在边BC ，CD 上，BE =λBC ，DF=μDC ．若λ+μ=23，则AE ⋅AF 的最小值为．2.(2023·天津·高三校联考阶段练习)已知菱形ABCD 的边长为2，∠BAD =120°，点E 、F 分别在边BC ，CD 上，BE =λBC ，DF =μDC ，若2λ+μ=52，则AE ⋅AF 的最小值．3.如图，菱形ABCD 的边长为4，∠BAD =30°，M 为DC 的中点，若N 为菱形内任意一点(含边界)，则AM ⋅AN的最大值为．4.菱形ABCD 的边长为4，∠BAD =30°，若N 为菱形内任意一点(含边界)，则AB ⋅AN的最大值为．5.如图，菱形ABCD 的边长为4,∠BAD =60°,M 为DC 的中点，若N 为菱形内任意一点(含边界)，则AM ⋅AN的最大值为.6.平面四边形ABCD 是边长为2的菱形，且∠A =120°，点N 是DC 边上的点，且DN =3NC，点M 是四边形ABCD 内或边界上的一个动点，则AM ⋅AN的最大值为.7.(2023·全国·高三专题练习)已知向量a ，b 满足a +b =3，a ⋅b =0．若c =λa+1-λ b ，且c ⋅a =c ⋅b，则c 的最大值为．8.已知平面向量a ，b ，c 满足a =2，b =1，a ⋅b =-1，且a -c 与b -c 的夹角为π4，则c 的最大值为．9.已知平面向量a 、b 、c 满足a=4，b =3，c =2，b ⋅c =3，则a -b 2a -c 2-a -b⋅a -c 2最大值为.10.在△ABC 中，M 为边BC 上任意一点，N 为AM 的中点，且满足AN =λAB +μAC，则λ2+μ2的最小值为.题型四:几何意义法1(2023·全国·模拟预测)已知a ，b ，c 是平面向量，满足a -b =a +b ，a =2b =2，c +a -b=5，则向量c 在向量a上的投影的数量的最小值是.2(2023·上海浦东新·上海市建平中学校考三模)已知非零平面向量a ，b ，c 满足：a ，b 的夹角为π4，c -a与c -b 的夹角为3π4，a -b=2，c -b =1，则b ⋅c 的取值范围是.3(2023·全国·高三专题练习)已知平面向量a ,b 夹角为π3，且平面向量c 满足c -a =c -b =1,c -a ⋅c -b =-12,记m 为f t =ta +1-t b (t ∈R )的最小值，则m 的最大值是． 1.(2023·全国·高三专题练习)已知平面向量a ，b ，c 满足a ⋅b =-3，a -b=4，c -a 与c -b 的夹角为π3，则c -a -b 的最大值为． 2.(2023·四川内江·高二四川省内江市第六中学校考开学考试)已知非零平面向量a ，b ，c 满足：a ，b 的夹角为π3，c -a 与c -b的夹角为2π3，a -b =23，c -b =2，则b ⋅c 的取值范围是．3.已知非零平面向量a ，b ，c 满足a -b =2，且(c -a )⋅(c -b )=0，若a 与b 的夹角为θ，且θ∈π6,π3，则|c |的最大值是.4.(2023·全国·高三专题练习)平面向量a ,b ,c 满足：a ,b 的夹角为π3，|a -b|=|b -c |=|a -c |=23，则b ⋅c的最大值为. 5.(2023·广东阳江·高二统考期中)已知非零平面向量a ，b ，c 满足a -b =4，且a -c⋅b -c =-1，若a 与b 的夹角为θ，且θ∈π3,π2，则c 的模取值范围是. 6.(2023·浙江·高三专题练习)已知平面向量a ，b ，c ，若a =b =a -b =1，且2a -c+2b +c =23，则a -c的取值范围是.7.(2023·安徽阜阳·高三安徽省临泉第一中学校考期末)已知向量a ，b 满足a =b =1，且a ⋅b=0，若向量c 满足c +a +b=1，则c 的最大值为.8.(2023·浙江·模拟预测)已知向量a ，b ，c 满足a -b +c=2b =2，b -a 与a 的夹角为3π4，则c 的最大值为．9.(2023·全国·高三专题练习)已知平面向量a ,b ,c 满足：a -b =5，向量a与向量b 的夹角为π3，a -c=23，向量a -c 与向量b -c 的夹角为2π3，则a 2+c 2的最大值为.题型五:坐标法1(2023·全国·高三专题练习)已知向量a ，b 满足2a +b=3，b =1，则a +2a +b 的最大值为.2(2023·江苏常州·高三统考期中)已知平面向量a ,b ,c 满足|a |=2，|b |=4，a ，b 的夹角为π3，且(a -c )⋅(b -c )=2，则|c |的最大值是.3设平面向量a ，b ，c 满足a =b =2，a 与b 的夹角为2π3，a -c ⋅b -c =0则c 的最大值为．1.(2023·安徽滁州·校考三模)已知平面向量a ，b ，c 满足|a|=1，|b |=3，a ⋅b =0，c -a 与c -b 的夹角是π6，则c ⋅b -a 的最大值为.2.(2023·河北·统考模拟预测)如图，在边长为2的正方形ABCD 中．以C 为圆心，1为半径的圆分别交CD ，BC 于点E ，F ．当点P 在劣弧EF 上运动时，BP ⋅DP的最小值为．3.(2023·山东·山东省实验中学校考一模)若平面向量a ，b ，c 满足a =1，b ⋅c =0，a ⋅b =1，a⋅c=-1，则b +c 的最小值为．4.(2023·四川眉山·仁寿一中校考一模)如图，在平面四边形ABCD 中，∠CDA =∠CBA =90°，∠BAD =120°，AB =AD =1，若点E 为CD 边上的动点，则AE ⋅BE的最小值为．5.(2023·安徽滁州·校考模拟预测)已知a=1，b +a +b -a =4，则b -14a 的最小值是.6.(2023·浙江·模拟预测)已知向量a ，b 满足a=3，且b -λa 的最小值为1(λ为实数)，记a,b =α，a ,a -b=β，则b ⋅b -a cos α+β最大值为.7.在矩形ABCD 中，AB =4，AD =3，M ，N 分别是AB ，AD 上的动点，且满足2AM +AN =1，设AC =xAM +yAN ，则2x +3y 的最小值为()A.48B.49C.50D.51题型六:极化恒等式1(2023·山东师范大学附中模拟预测)边长为1的正方形内有一内切圆，MN 是内切圆的一条弦，点P 为正方形四条边上的动点，当弦MN 的长度最大时，PM ⋅PN的取值范围是．2(2023·湖北省仙桃中学模拟预测)如图直角梯形ABCD 中，EF 是CD 边上长为6的可移动的线段，AD =4，AB =83，BC =12，则BE ⋅BF的取值范围为． 3(2023·陕西榆林·三模)四边形ABCD 为菱形，∠BAC =30°，AB =6，P 是菱形ABCD 所在平面的任意一点，则PA ⋅PC的最小值为． 1.(2023·福建莆田·模拟预测)已知P 是边长为4的正三角形ABC 所在平面内一点，且AP=λAB +(2-2λ)AC (λ∈R )，则PA ⋅PC 的最小值为()A.16B.12C.5D.42.(2023·重庆八中模拟预测)△ABC 中，AB =3，BC =4，AC =5，PQ 为△ABC 内切圆的一条直径，M 为△ABC 边上的动点，则MP ⋅MQ的取值范围为()A.0,4B.1,4C.0,9D.1,9题型七:矩形大法1已知圆C 1:x 2+y 2=9与C 2:x 2+y 2=36，定点P (2,0)，A 、B 分别在圆C 1和圆C 2上，满足PA ⊥PB ，则线段AB 的取值范围是．2在平面内，已知AB 1 ⊥AB 2 ，OB 1 =OB 2 =1，AP =AB 1 +AB 2 ，若|OP |<12，则|OA |的取值范围是()A.0,52B.52,72C.52,2D.72,23(2023·全国·高三专题练习)已知圆Q :x 2+y 2=16，点P 1,2 ，M 、N 为圆O 上两个不同的点，且PM⋅PN =0若PQ =PM +PN ，则PQ的最小值为．1.设向量a ，b ，c满足|a |=|b |=1，a ⋅b =12，(a -c )⋅(b -c )=0，则|c |的最小值是()A.3+12B.3-12C.3D.1题型八:等和线1如图，边长为2的等边三角形的外接圆为圆O ，P 为圆O 上任一点，若AP =xAB +yAC，则2x +2y 的最大值为()A.83B.2C.43D.12在△ABC 中，M 为BC 边上任意一点，N 为线段AM 上任意一点，若AN =λAB +μAC(λ，μ∈R )，则λ+μ的取值范围是()A.0,13B.13,12C.[0,1]D.[1,2]3(2023·全国·高三专题练习)如图,OM ∥AB ，点P 在由射线OM 、线段OB 及AB 的延长线围成的区域内(不含边界)运动,且OP =xOA +yOB .当x =-12时，y 的取值范围是()A.0，+∞ B.12，32C.12，+∞ D.-12，321.(2023·全国·高三专题练习)在扇形OAB 中，∠AOB =60°，C 为弧AB 上的一动点，若OC=xOA +yOB，则3x +y 的取值范围是．2.(2023·江西上饶·统考三模)在扇形OAB 中，∠AOB =60°，C 为弧AB 上的一个动点.若OC=xOA +yOB ，则2x +y 的取值范围是.3.(2023·全国·高三专题练习)在扇形OAB 中，OA =1，∠AOB =π3，C 为弧AB 上的一个动点，若OC =xOA +yOB ，则x +3y 的取值范围是.4.(2023·福建三明·高二三明一中校考开学考试)如图，在扇形OAB 中，∠AOB =π3，C 为弧AB 上的一个动点，若OC =xOA +yOB，则x +4y 的取值范围是.5.(2023·全国·高三专题练习)如图，OM ⎳AB ，点P 由射线OM 、线段OB 及AB 的延长线围成的阴影区域内(不含边界).且OP =xOA +yOB，则实数对x ,y 可以是()A.-14,34B.-15,75C.14,-12D.-23,236.如图，B 是AC 的中点，BE =2OB ，P 是平行四边形BCDE 内(含边界)的一点，且OP=xOA +yOBx ,y ∈R ，则下列结论正确的个数为()①当x =0时，y ∈2,3②当P 是线段CE 的中点时，x =-12，y =52③若x +y 为定值1，则在平面直角坐标系中，点P 的轨迹是一条线段④x -y 的最大值为-1A.1B.2C.3D.47.(2023·全国·高三专题练习)在△ABC 中，AB =AC=AB ⋅AC=2，点Q 在线段BC (含端点)上运动，点P 是以Q 为圆心，1为半径的圆及内部一动点，若AP =λAB +μAC，则λ+μ的最大值为()A.1B.33C.3+33D.328.在△ABC 中，AD 为BC 上的中线，G 为AD 的中点，M ，N 分别为线段AB ，AC 上的动点(不包括端点A ，B ，C )，且M ，N ，G 三点共线，若AM =λAB ，AN =μAC，则λ+4μ的最小值为()A.32 B.52C.2D.949.(2023·全国·高三专题练习)在ΔABC 中，AC =2,AB =2,∠BAC =120°,AE =λAB ,AF=μAC ，M 为线段EF 的中点，若AM=1，则λ+μ的最大值为()A.73B.273C.2D.21310.在扇形OAB 中，∠AOB =60o ，OA =1，C 为弧AB 上的一个动点，且OC =xOA +yOB．则x +4y 的取值范围为()A.[1,4)B.[1,4]C.[2,3)D.[2,3]11.(2023·全国·高三专题练习)如图，在扇形OAB 中，∠AOB =600，C 为弧AB 上且与A ,B 不重合的一个动点，且OC =xOA +yOB，若u =x +λy (λ>0)存在最大值，则λ的取值范围为()A.(1,3)B.13,3C.12,1D.12,2题型九:平行四边形大法1如图，圆O 是半径为1的圆，OA =12，设B ，C 为圆上的任意2个点，则AC ⋅BC 的取值范围是.2如图，C ，D 在半径为1的⊙O 上，线段AB 是⊙O 的直径，则AC ⋅BD的取值范围是.3(2023·浙江·模拟预测)已知e 为单位向量，平面向量a ，b 满足|a +e |=|b -e |=1，a ⋅b的取值范围是.1.(2023·江西宜春·校联考模拟预测)半径为1的两圆M 和圆O 外切于点P ，点C 是圆M 上一点，点B 是圆O 上一点，则PC ⋅PB的取值范围为.2.(2023·福建·高三福建师大附中校考阶段练习)设圆M ，圆N 的半径分别为1，2，且两圆外切于点P ，点A ，B 分别是圆M ，圆N 上的两动点，则PA ⋅PB的取值范围是()A.-8,12B.-16,34C.-8,1D.-16,1题型十:向量对角线定理1已知平行四边形ABCD ，AB ⊥BC ，AB =BC =AD =2，CD =3，AC 与BD 交于点O ，若记a =OA⋅OB ，b =OB ⋅OC ，c =OC ⋅OD ，则()A.a <b <cB ．a <c <bC ．c <a <bD ．b <a <c2如图，在圆O 中，若弦AB =3，弦AC =5，则AO ⋅BC的值是()A.-8B ．-1C ．1D ．83如图，在四边形ABCD 中，AB ⊥BC ，AD ⊥BC 若，AB =a ，AD =b ，则AC ⋅BD 等于()A.b 2-a 2B.a 2-b 2C.a 2+b 2D.a 2⋅b 2。
平面向量中最值、范围问题(含解析)高三数学备考冲刺
问题7平面向量中最值、范围问题一、考情分析平面向量中的范围、最值问题是热点问题,也是难点问题,此类问题综合性强,体现了知识的交汇组合．其基本题型是根据已知条件求某个变量的范围、最值,比如向量的模、数量积、向量夹角、系数的范围的等,解决思路是建立目标函数的函数解析式,转化为求函数的最值,同时向量兼顾“数”与“形”的双重身份,所以解决平面向量的范围、最值问题的另外一种思路是数形结合． 二、经验分享1.利用平面向量的数量积可以解决几何中的垂直、夹角、长度等问题,即只需将问题转化为向量形式,用向量的运算来求解.如果能够建立适当的直角坐标系,用向量的坐标运算往往更为简捷.1.平面向量线性运算问题的常见类型及解题策略2.几何图形中向量的数量积问题是近几年高考的又一热点,作为一类既能考查向量的线性运算、坐标运算、数量积及平面几何知识,又能考查学生的数形结合能力及转化与化归能力的问题,实有其合理之处.解决此类问题的常用方法是：①利用已知条件,结合平面几何知识及向量数量积的基本概念直接求解(较易)；②将条件通过向量的线性运算进行转化,再利用①求解(较难)；③建系,借助向量的坐标运算,此法对解含垂直关系的问题往往有很好效果.3．坐标是向量代数化的媒介,通过向量的坐标表示可将向量问题转化为代数问题来解决,而坐标的获得通常要借助于直角坐标系. 对于某些平面向量问题, 若能建立适当的直角坐标系,可以使图形中复杂的几何关系转化为简单明朗的代数关系,减少推理过程,有效地降低思维量,起到事半功倍的效果．上面两题都是通过建立坐标系将向量问题转化为函数与不等式问题求解,体现了向量解题的工具性. 三、知识拓展 1．.2．四、题型分析(一) 平面向量数量积的范围问题已知两个非零向量a 和b ,它们的夹角为θ,把数量cos a b θ⋅⋅叫做a 和b 的数量积(或内积),记作a b ⋅.即a b ⋅=cos a b θ⋅⋅,规定00a ⋅=,数量积的表示一般有三种方法：(1)当已知向量的模和夹角时,可利用定义法求解,即a b ⋅=cos a b θ⋅⋅；(2)当已知向量的坐标时,可利用坐标法求解,即若a ＝(x 1,y 1),b ＝(x 2,y 2),则a·b＝x1x2＋y1y2；（3）运用平面向量基本定理,将数量积的两个向量用基底表示后,再运算．【例1】【江苏省苏州市2019届高三上学期期末】如图，在边长为2的正方形ABCD中，M，N分别是边BC，CD上的两个动点，且BM＋DN＝MN，则的最小值是_______．【答案】【分析】由题意，以点A为原点，建立的平面直角坐标系，设点，其中，则向量求得，再由，整理得，利用基本不等式，即可求解.【解析】由题意，以点A为原点，建立如图所示的平面直角坐标系，设点，其中，则向量，所以又由，则，整理得，又由，设，整理得，解得，所以，所以的最小值为.【点评】与几何图形有关的平面向量的数量积的运算及应用，常通过建立空间直角坐标系，利用向量的数量积的坐标运算求解【小试牛刀】【江苏省盐城中学2018届高三上学期期末】已知ABC ∆的周长为6,且,,BC CA AB 成等比数列,则BA BC ⋅的取值范围是______． 【答案】【解析】因为,,BC CA AB 成等比数列,所以,从而02b <≤,所以,又,即,解得,故.(二) 平面向量模的取值范围问题 设(,)a x y =,则,向量的模可以利用坐标表示,也可以借助“形”,向量的模指的是有向线段的长度,过可结合平面几何知识求解,尤其注意,如果直接求模不易,可以将向量用基底向量表示再求．【例2】已知向量,,a b c 满足a 与b 的夹角为4π,,则c a -的最大值为 .【分析】根据已知条件可建立直角坐标系,用坐标表示有关点（向量）,确定变量满足的等式和目标函数的解析式,结合平面几何知识求最值或范围. 【解析】设；以OA 所在直线为x,O 为坐标原点建立平面直角坐标系, ∵a 与b 的夹角为4π,则A （4,0）,B （2,2）,设C （x,y ） ∵,∴x 2+y 2-6x-2y+9=0,即（x-3）2+（y-1）2=1表示以（3,1）为圆心,以1为半径的圆,c a -表示点A,C 的距离即圆上的点与点A （4,0）的距离；∵圆心到B 的距离为,∴c a -的最大值为12+．【点评】建立直角坐标系的原则是能准确快捷地表示有关向量或点的坐标,正确找到变量间的关系,以及目标函数代表的几何意义是解题关键．【小试牛刀】【2018届山东省济南高三上学期期末】已知平面上的两个向量OA 和OB 满足OA a =,OB b =,且221a b +=, 0OA OB ⋅=,若向量,且,则OC 的最大值为__________．【答案】32【解析】因为OA a =, OB b =,且221a b +=, 0OA OB ⋅=,,,如图,取AB 中点D ,则,12OD =, ,由可得, 1DC ∴=, C ∴在以D 为圆心, 1为半径的圆上, ∴当O C ，, D 共线时OC 最大, OC ∴的最大值为312OD +=,故答案为32. (三) 平面向量夹角的取值范围问题设11(,)a x y =,22(,)b x y =,且,a b 的夹角为θ,则．【例3】已知向量→OA 与→OB 的夹角为θ,0t 在时取得最小值,当0105t <<时,夹角θ的取值范围为________________. 【分析】将PQ 表示为变量t 的二次函数PQ ,转化为求二次函数的最小值问题,当时,取最小值,由已知条件0105t <<,得关于夹角θ的不等式,解不等式得解． 【解析】由题意知,,,所以,由二次函数的图像及其性质知,当上式取最小值时,.由题意可得,,求得,所以322πθπ<<. 【点评】求变量的取值范围、最值,往往要将目标函数用某个变量表示,转化为求函数的最值问题,期间要注意变量之间的关系,进而得解．【小试牛刀】已知非零向量,a b 满足2a b = ,若函数在R 上存在极值,则a 和b 夹角的取值范围为【答案】,3ππ⎛⎤⎥⎝⎦【解析】,设a 和b 夹角为θ,因为()f x 有极值,所以,即,即1cos 2θ<,所以,3πθπ⎛⎤∈ ⎥⎝⎦． （四）平面向量系数的取值范围问题平面向量中涉及系数的范围问题时,要注意利用向量的模、数量积、夹角之间的关系,通过列不等式或等式得系数的不等式,从而求系数的取值范围．【例4】已知()2,λ=a ,()5,3-=b ,且a 与b 的夹角为锐角,则λ的取值范围是 ． 【分析】a 与b 的夹角为锐角等价于0a b ⋅>,且a 与b 不共线同向,所以由0a b ⋅>,得310<λ,再除去a 与b 共线同向的情形．【解析】由于a 与b 的夹角为锐角,0>⋅∴b a ,且a 与b 不共线同向,由,解得310<λ,当向量a 与b 共线时,得65-=λ,得56-=λ,因此λ的取值范围是310<λ且56-≠λ．【点评】注意向量夹角与三角形内角的区别,向量夹角的范围是[0,]π,而三角形内角范围是(0,)π,向量夹角是锐角,则cos 0,θ>且cos 1θ≠,而三角形内角为锐角,则cos 0,θ>． 【小试牛刀】【江苏省泰州中学2018届高三10月月考】如图,在ABC ∆中,.（1）求AB BC ⋅的值；（2）设点P 在以A 为圆心, AB 为半径的圆弧BC 上运动,且,其中,x y R ∈.求xy 的取值范围.【解析】（1）.（2）建立如图所示的平面直角坐标,则.设,由,得.所以.所以..因为,所以,当262ππθ-=时,即3πθ=时, xy 的最大值为1； 当或即0θ=或23πθ=时, xy 的最小值为0.五、迁移运用1．【江苏省南通、扬州、泰州、苏北四市七市2019届高三第一次（2月)模拟】在平面四边形中，，则的最小值为_____．【答案】【解析】如图，以A为原点，建立平面直角坐标系，则A（0,0），B（1,0），因为DA＝DB，可设D（，m），因为，AB＝1，由数量积的几何意义知在方向的投影为3，∴可设C（3，n），又所以，，即，＝＝，当且仅当，即n＝1，m＝时，取等号，故答案为.2．【江苏省无锡市2019届高三上学期期末】已知点 P 在圆 M： (x-a)2 +(y－a+2)2＝1 上， A，B 为圆 C：x2 +(y-4)2＝4 上两动点，且 AB ＝2, 则的最小值是____．【答案】【解析】取AB的中点D，因为AB ＝2，R＝2，CD＝＝1，所以，＝.C（0,4），M（a，a－2）当C、D、P、M在一条直线上时，｜PD｜最小，此时，｜PD｜＝｜CM｜－｜CD｜－｜PM｜＝所以，＝≥19－12，当a＝3时取到最小值19－12.故答案为：.3．【江苏省清江中学2019届高三第二次教学质量调研】在平面直角坐标系中，已知点为圆上的两动点，且若圆上存在点使得则正数的取值范围为________.【答案】【解析】设BD的中点为D,所以所以点D在以原点为圆心，以1为半径的圆上，所以点D的轨迹方程为，因为，所以设所以所以m表示动点到点（1,1）的距离，由于点在圆上运动，所以，所以正数m 的取值范围为.故答案为：4．【江苏省如皋市2018-2019学年高三数学第一学期教学质量调研】在△ABC 中，D 为AB 的中点，若，则的最小值是_______．【答案】．【解析】根据D 为AB 的中点，若，得到，化简整理得，即，根据正弦定理可得，进一步求得，所以，求导可得当时，式子取得最大值，代入求得其结果为，故答案为.5．【江苏省常州2018届高三上学期期末】在ABC ∆中, 5AB =, 7AC =, 3BC =, P 为ABC ∆内一点（含边界）,若满足,则BA BP ⋅的取值范围为________．【答案】525,84⎡⎤⎢⎥⎣⎦【解析】由余弦定理,得,因为P 为ABC ∆内一点（含边界）,且满足,所以30,4λ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,则.6．【江苏省南通市2018届高三上学期第一次调研】如图,已知矩形ABCD 的边长2AB =, 1AD =.点P ,Q 分别在边BC , CD 上,且,则AP AQ ⋅的最小值为_________.【答案】424-【解析】以A 坐标原点,AB,AD 所在直线为x,y 轴建立直角坐标系,设所以AP AQ ⋅因为,所以因为,所以因此7．【江苏省如皋市2017--2018学年度高三年级第一学期教学质量调研】已知点P 是边长为23的正三角形ABC 内切圆上的一点,则PA PB ⋅的取值范围为_______.【答案】[]3,1-【解析】以正三角形ABC 的中心为原点,以AB 边上的高为y 轴建立坐标系,则,正三角形ABC 内切圆的方程为221x y +=,所以可设,则,,故答案为[]3,1-.8．【南京市、盐城市2018届高三年级第一次模拟考试】如图是蜂巢结构图的一部分,正六边形的边长均为1,正六边形的顶点称为“晶格点”．若,,,A B C D 四点均位于图中的“晶格点”处,且,A B 的位置所图所示,则AB CD ⋅ 的最大值为________．【答案】24【解析】先建立直角坐标系,由向量投影知AB CD ⋅ 取最大值时,即AB CD ⋅9．【江苏省泰州中学2018届高三12月月考】已知单位向量a , b 的夹角为120︒,那么2a xb -（x R ∈）的最小值是__________． 【答案】3 【解析】∴ 2a xb-的最小值为3.10．【江苏省溧阳市2017-2018学年高三第一学期阶段性调研】扇形AOB 中,弦2AB C =，为劣弧AB 上的动点, AB 与OC 交于点P ,则·OP BP 的最小值是_____________________． 【答案】14-【解析】设弦AB 中点为M,则若,MP BP 同向,则0OP BP ⋅>,若,MP BP 反向,则0OP BP ⋅<,故OP BP ⋅的最小值在,MP BP 反向时取得,此时,则：,当且仅当时取等号,即OP BP ⋅的最小值是14-. 11．已知AB 为圆O 的直径,M 为圆O 的弦CD 上一动点,8AB =,6CD =,则MA MB ⋅的取值范围是 ． 【答案】[9,0]- 【解析】 试题分析：,而,所以MA MB ⋅的取值范围是[9,0]-12．在ABC ∆中, ,则角A 的最大值为_________.【答案】6π 【解析】试题分析:由题设可得,即,也即,故,由于,因此,故,所以,所以6max π=A ,应填答案6π. 13．在平面内,定点,,,A B C D 满足,动点,P M 满足,则BM 的最大值是__________.【答案】321- 【解析】 试题分析:设,则.由题设可知,且.建立如图所示的平面直角坐标系,则,由题意点P 在以A 为圆心的圆上,点M 是线段PC 的中点.故结合图形可知当CP 与圆相切时,BM 的值最大,其最大值是123-.应填答案321-.14．【2018届江苏省泰州中学高三12月月考】在矩形ABCD 中, 3AB =, 1AD =,若M , N 分别在边BC , CD 上运动（包括端点,且满足,则AM AN ⋅的取值范围是__________．【答案】[1,9]【解析】分别以AB,AD 为x,y 轴建立直角坐标系,则,设,因为,所以33xb -=,则,故,所以,故填[1,9].15.在ABC ∆中,点D 在线段BC 的延长线上,且12BC CD =,点O 在线段CD 上（与点,C D 不重合）,若,则x 的取值范围是__________．【答案】()2,0- 【解析】 因为,因为12BC CD =,点O 在线段CD 上, 所以()0,2y ∈,因为,所以()2,0x ∈-.16．已知向量(),2a x =-,(),1b y =,其中x ,y 都是正实数,若a b ⊥,则2t x y =+的最小值是___________． 【答案】4【解析】由a b ⊥,得0=⋅b a ,即,所以2=xy ．又x ,y 都是正实数,所以．当且仅当y x 2=时取得等号,此时2=x ,1=y ,故答案为：4．17．在ABC ∆中,已知3AB =,3C π=,则CA CB ⋅的最大值为 .【答案】32【解析】,由余弦定理得：,所以32CA CB ⋅≤,当且仅当a b =时取等号18．已知△ABC 中,4AB =,2AC =,（R λ∈）的最小值为23,若P 为边AB 上任意一点,则PB PC ⋅的最小值是 ． 【答案】94-【解析】令()f λ＝＝216λ＋24(22)λ-＋＝,当cos 0A =时,()f λ＝,因为2322>,所以2A π=,则建立直角坐标系,(0,0)A , ,设(,0)P x (04)x <<,则,,所以PB PC ⋅＝(4)x x --＝2(2)4x --；当cos 0A ≠时,()f λ＝＋1cos ]2A+≥,解得1cos 2A =,所以3A π=,则建立直角坐标系,(0,0)A , ,设(,0)P x (04)x <<,则, ,所以PB PC ⋅＝＝259()24x --．综上所述,当52x =时,PB PC ⋅取得最小值94-．。
如何解答平面向量最值问题
4x 4y
4
解题宝典
性运算法则、数量积公式来求向量模的表达式，再求
该表达式的最值，即可求得向量的模的最值.还可以根
据向量的几何意义构造出几何图形，将所求向量的模
y
≥ 1 (5 + 2 ∙4x ) = 9 ，
x y
4
4
看作三角形、四边形的一条边长，确定向量的模取最
当且仅当
∠ADC = 90°,
例3.已知直角梯形 ABCD 中，AD//BC，
1
= AM +
AN，
4x
4y
图1
有些平面向量最值问题中含有参数，要求参数的
最值或取值范围，需根据题意建立关于参数的关系
式，将问题转化为求代数式的最值问题，利用基本不
等式、函数的性质来求最值.还可以根据题意和向量加
减法的几何意义：三角形法则和平行四边形法则，画
a
（1）数列的通项公式 n ；
解：
（1）要使 C
{
-A
2m - 2
11 - 3m
2
数学篇
40
76
77
77
77
因 为 77 - 15 =(76 + 1) - 15 = 76 + C177·76 + ⋯
+C - 15 = 76(76 + C ·76 + ⋯ + C ) + 1 - 15 = 4 × 19
因为 BM = x BA + y BD = 2x BE + y BD ，
y
所以 λBN = 2x BE + y BD ，
平面向量中的最值问题0
平面向量中的最值问题1．求向量的模的最值或取值范围．2．求平面向量的夹角的最值或取值范围．3．求平面向量数量积的最值或取值范围．【复习指导】本讲复习时，应结合平面向量数量积的定义及其几何意义，将有关的量表示出来，代数或几何方法求解最值与取值范围．基础梳理求最值的方法小结㈠．几何方法⑴．平面几何方法：两点之间线段最短、点到直线的距离最短、与圆有关的最值⑵．解析几何方法利用截距、斜率、两点之间的距离等几何意义求最值；先求轨迹，后求最值㈡．代数方法⑴．函数方法：首先分析要求的量的变化和什么因素有关，从而选定变量，建立函数关系式，利用函数有关知识求解最值问题，另外有些问题需结合导数知识求解；⑵．利用基本不等式求解；⑶．利用三角函数求解．双基自测㈠．求模的最值或范围1．平几法求最值【例1】已知向量OA 和OB 的夹角为3π，||4,||1OA OB ==，若点M 在直线OB 上，则||OA OM -的最小值为________．23练习1．⑴．(11全国大纲)设向量,,a b c 满足1||||1,,,602a b a b a c b c ==⋅=-<-->=，则||c 的最大值等于________．【思路点拨】本题按照题目要求构造出如右图所示的几何图形，然后分析观察不难得到当线段AC 为直径时，||c 最大． 解：如图，构造,,,120AB a AD b AC c BAD ===∠=，60BCD ∠=，所以,,,A B C D 四点共圆，分析可知当线段AC 为直径时，||c 最大，最大值为2．⑵．已知向量,||1a e e ≠=，对任意t R ∈，恒有||||a te a e -≥-，则下列结论正确的是________．①a e ⊥ ②．()a a e ⊥- ③．()e a e ⊥- ④．()()a e a e +⊥-解法一：由||||a te a e -≥-知，22||||a te a e -≥-，即222||2||21a ta e t a a e -⋅+≥-⋅+，化简得，22(1)1t a e t -⋅≤-，当1t ≤时，即212a e t ⋅≥+≤恒成立，故1a e ⋅≥；当1t >时，即212a e t ⋅≤+>，故1a e ⋅≤．故1a e ⋅=，故③成立．解法二：22(1)1t a e t -⋅≤-，即22210t a et a e -⋅+⋅-≥任意t R ∈恒成立，故24()a e ∆=⋅-840a e ⋅+≤，即1a e ⋅=，故③成立．解法三：由几何意义可知，在所有的向量a te -中，以a e -的模最小，故()e a e ⊥-．【例2】(08浙江)已知,a b 是平面内两个互相垂直的单位向量，若向量c 满足：()()0a c b c -⋅-=，则||c 的最大值是___________．解法一：由()()0a c b c -⋅-=可得，2||()||||cos c a b c a b c θ=+⋅=+(其中θ为a b +与c 的夹角)，即||()||cos 2cos 2c a b c a b θθ=+⋅=+=≤,故||c 的最大值是2．解法二：作四边形OABC ，设,,OA a OB b OC c ===，则由已知得，90,90AOB ACB ∠=∠=，故,,,O A B C 四点共圆，故||c 最大为圆的直径为2．练习2．(08浙江)已知a 是平面内的单位向量，若向量b 满足()0b a b ⋅-=，则||b 的取值范围是 ________ ．解法一：由()0b a b ⋅-=得，2||0b a b ⋅-=，即2||||cos ||0b a b θ-=，故||cos b θ=，即||b 的取值范围是[0,1]．解法二：也可以借助于几何意义求解，当0b =时，||0b =；当a b =时，||1b =．当0b ≠且a b ≠时，b 与a b -互相垂直，0||1b <<，即||b 的取值范围是[0,1]．2．代数法求最值⑴．通过线性运算求最值【例3】已知G 为ABC ∆的重心，若120A =，2AB AC ⋅=-，则||AG 的最小值为 ．解：由120A =，2AB AC ⋅=-得，||||4AB AC =，由平几知识可知，1()3AG AB AC =+，故2222211114||[()][()](||2||)(||||)33999AG AB AC AB AC AB AB AC AC AB AC =+⋅+=+⋅+=+-14844(2||||)99999AB AC ≥-=-=，即||AG 的最小值为23，不等式当且仅当||||2AB AC ==时取得最小值23．练习3．(10浙江)已知平面向量,(0,)αβααβ≠≠满足：||1β=，并且α与βα-的夹角为120，则||α的取值范围是____________．解析：利用题设条件及其几何意义表示在三角形中，即可迎刃而解，本题主要考察了平面向量的四则运算及其几何意义，突出考察了对问题的转化能力和数形结合的能力，属中档题． 解法一：易知在ABC ∆中，60,1ABC AC ∠==．设ACB ϕ∠=，由正弦定理得，||||sin sin 60αβϕ=，故||33a ϕϕ==≤||a 的取值范围是． 解法二：由正弦定理得，OACOCOCA OA ∠=∠sin sin ，即||1sin sin 60OCA α=∠︒，故1||sin sinsin 60OCA OCA α=⨯∠=∠︒，因为︒<∠<︒1200OCA ，故1sin 0≤∠<OCA ，所以230||3α<≤． 解法三：如图中圆的半径为||1β=，当︒=∠90OCA 时，max 123||sin 603OA α===︒(如图1)，当C B →时，||0a →(如图2)．【例4】(11辽宁)若,,a b c 均为单位向量，且0,()()0a b a c b c ⋅=-⋅-≤，则||a b c +-的最大值为____________．解：由()()10a c b c a b b c a c -⋅-=⋅-⋅-⋅+≤可得，即()1a b c +⋅≥，而22||||a b c a b +-=+-22()||32()a b c c a b c +⋅+=-+⋅，由()1a b c +⋅≥可知，||1a b c +-≤，故||a b c +-的最大值为1．练习4：(09安徽)给定两个长度为1的平面向量OA 和OB ，它们的夹角为120．如图所示，点C 在以O 为圆心的圆弧AB 上变动．若OC xOA yOB =+，其中,x y R ∈，则x y +的最大值是____________．解析：设AOC α∠=，则,.OC OA xOA OA yOB OA OC OB xOA OB yOB OB ⎧⋅=⋅+⋅⎪⎨⋅=⋅+⋅⎪⎩，即1cos ,21cos(120).2x y x y αα⎧=-⎪⎪⎨⎪-=-+⎪⎩，故2[cos cos(120)]cos 3sin 2sin()26x y πααααα+=+-=+=+≤．⑵．通过向量的坐标运算求解最值【例5】在ABC ∆中，90,1A AB AC ∠=︒==，点P 在边BC 上，则|2|PB PC +的最大值为 ． 解：以A 为坐标原点，AB 所在直线为x 轴，AC 所在直线为y 轴，建立平面直角坐标系，则(0,0)A ，(1,0)B ，(0,1)C ，易知BC 的方程为1x y +=，故可设(,1)0,1P t t t -≤≤，易知(1,1)PB t t =--，(,)PC t t =-，则2(13,31)PB PC t t +=--，故|2|2|31|[0,22]PB PC t +=-∈，即|2|PB PC +的最大值为22．练习5．(11天津)已知直角梯形ABCD 中，//AD BC ，90ADC ∠=︒，2AD =，1BC =，P 是腰DC 上的动点，则|3|PA PB +的最小值为 ．解法1．以D 为坐标原点，DA 所在直线为x 轴，DC 所在直线为y 轴，建立如图的直角坐标系．由题设，(2,0)A ，设(0,)C c ，(0,)P y ，则(1,)B c ．(2,)PA y =-，(1,)PB c y =-．3PA PB += (5,34)c y -．2|3|55PA PB +=≥，当且仅当34c y =时，等号成立，于是，当34cy =时，|3|PA PB +有最小值5．解法2．以相互垂直的向量DP ，DA 为基底表示PB PA 3+，得33PA PB DA DP PC +=-++53(3)2CB DA PC DP =+-．又P 是腰DC 上的动点，即PC 与DP 共线，于是可设DP PC λ=，有DP DA PB PA )13(253-+=+λ．故222255|3|||[(31)](31)42PA PB DA DP λλ+=+-+⨯-DA DP ⋅，即222225|3|||[(31)]25|(31)|4PA PB DA DP DP λλ+=+-=+-．由于P 是腰DC 上的动点，显然当31=λ，即DP PC 31=时，故|3|PA PB +有最小值5．解法3．如图，3PB PF =，设E 为AF 的中点，Q 为AB 的中点，则12QE BF PB ==，PA + 32PB PA PF PE =+=，①因PB PQ PE +=，PB PQ QB -=．则22||||PB PQ PB PQ ++-= 22222||2||||||PB PQ PE QB +=+．②(实际上，就是定理：“平行四边形的对角线的平方和等于各边的平方和”)设T 为DC 的中点，则TQ 为梯形的中位线，13()22TQ AD BC =+=．设P 为CT 的中点，且设,CP a PT b ==，则22||1PB a =+，229||4PQ b =+，221||()4QB a b =++，代入式②得2222||2||2(1)PB PQ a +=+222912()||()44b PE a b ++=+++，于是222525||()44PE a b =+-≥，于是2||5PE ≥，当且仅当a b =时，等号成立．由①式，|3|2||5PA PB PE +=≥，所以|3|PA PB +有最小值5．小结：问题12---17中，首先要结合图形和已知条件选择几何方法(视为几何图形中的某些量)或者代数方法来表示向量的模，然后选择适当的解决范围或最值问题！F㈡．求角的最值或取值范围【例6】(11浙江)若平面向量,a b 满足：||1a =，||1b ≤，并且以向量,a b 为邻边的平行四边形的面积为12，则a 与b 的夹角θ的取值范围是 ． 解：由平行四边形的面积为12知，则1||||sin ||sin 2S a b b θθ===，故1sin 2||b θ=，由||1b ≤知，1sin 2θ≥，故a 与b 的夹角θ的取值范围是5[,]66ππ． 练习6：㈢．求数量积的最值⑴．通过线性运算求最值 基本不等式求最值【例7】(05江苏)在ABC ∆中，O 为中线AM 上一个动点，若2AM =，则()OA OB OC ⋅+的最小值是_________．解析：()(2)22||||(1)2||||2(OA OB OC OA OM OA OM OA OM OA OM ⋅+=⋅=⋅=⨯-=-≤-2||||)22OA OM +=-．练习7．(09全国I )设,,a b c 是单位向量，且0a b ⋅=，则()()a c b c -⋅-的最小值为___________． 解：因为,,a b c 是单位向量，所以2()()()1||||12a c b c a b a b c c a b c -⋅-=⋅-+⋅+=-+=-cos ,12a b c <+>≥-．【例8】已知菱形ABCD 中，对角线3AC =1BD =，P 是AD 边上的动点，则PB PC ⋅的最小值为 ____ ．解法一：由已知可知，菱形ABCD 的边长为1，3BAD π∠=，故()()PB PC AB AP AC AP ⋅=-⋅-=222311||||2||(||1)222AB AC AC AP AB AP AP AP AP AP ⋅-⋅-⋅+=-+=-+≥，故PB PC ⋅的最小值为12． 解法二：以AC 所在直线为x 轴，BD 所在直线为y 轴，建立平面直角坐标系，则1(0,)2B -，BP2C，易知AD 所在直线的方程为132y x=+，故设1(,),0322P t t +-≤≤，则331(,1),(,)322PB t t PC t =---=--，故2411322PB PC t ⋅=+≥，当且仅当0t =即点P 与点D 重合时，PB PC ⋅的最小值为12．练习8：如图ABC ∆为正三角形，边长为2，以点A 为圆心，1为半径作圆，PQ 为圆A 的任意一条直径．⑴．若12CD DB =，求||AD ； ⑵．求CP BQ ⋅的最小值．⑶．判断CQ BP ⋅＋CP BQ ⋅的值是否会随点P 的变化而变化，请说明理由．解：⑴．因13AD CD CA CB CA =-=-,故221||()3AD CB CA =- 221242128224939329CB CB CA CA =-⋅+=-⨯⨯⨯+=，故27||3AD =．⑵．设PAB θ∠=，则120CAQ θ∠=︒-，()()BQ CP AQ AB AP AC AQ AB ⋅=-⋅-=⋅-1112cos(120)12cos 221cos2AQ AC AB AP AB AC θθθ=--⨯⨯︒--⨯⨯+⨯⨯=⋅-⋅+⋅--12sin()6πθθ=-+，当sin()16πθ+=时，即2,3k k Z πθπ=+∈时，CP BQ ⋅有最小值为1-．⑶．BP CQ BQ CP ⋅+⋅的值不随点P 的变化而变化！因()()1cos 12sin()6BP CQ BA AP CA AQ πθθθ⋅=+⋅+=+=++，由⑵知，BQ CP ⋅= 12sin()6πθ-+，故2BP CQ BQ CP ⋅+⋅=，故BP CQ BQ CP ⋅+⋅的值不随点P 的变化而变化．⑵．通过向量的坐标运算求解最值①．通过线性规划求最值【例9】在正方形ABCD 中，已知2AB =，M 为BC 的中点，若N 为正方形(含边界)的任意一点，则AM AN ⋅的最大值___．解：以A 为原点，以AB 所在的为x 轴，因正方形ABCD 的边长为2，则(0,0),(2,0),(0,2)A B D ，设(,)N x y ，则(2,1),(,)AM AN x y ==，则,x y 满足条件(*)：02,0 2.x y ≤≤⎧⎨≤≤⎩，则2AM AN x y ⋅=+，由(*)知，AM AN ⋅的取值范围是4[1,]3．练习9．已知中心为O 的正方形ABCD 的边长为2，点,M N 分别为线段,BC CD 上的两个不同点，且||1MN ≤，则OM ON ⋅的取值范围是 ________ ．解：以A 为原点，以AB 所在的直线为x 轴，因正方形ABCD 的边长为2，则(1,1)O ，设(2,),(,2)M s N t ，则(1,1),(1,1)OM s ON t =-=-，则由已知条件可知，,s t 满足条件(*)：2202,02(2)(2) 1.s t t s ⎧≤≤⎪≤≤⎨⎪-+-≤⎩(2s =与2t =不能同时成立！)，则2OM ON s t ⋅=+-，由(*)知，OM ON ⋅的取值范围是[22 2)-，． ②．函数法求最值【例10】(12上海)在平行四边形ABCD 中，3A π∠=，边,AB AD 的长分别为2,1．若,M N 分别是边,BC CD 上的点，且满足||||||||BM CN BC CD =，则AN AM ⋅的取值范围是_________． 【解析】如图建系，则1353(0,0),(2,0),(),(22A B D C ．设||||[0,1]||||BM CN t BC CD ==∈，则||,||2BM t CN t ==，故3(2,)22t M +， 53(2,22N t -，故22533(2)(2)25(1)6()2222t AM AN t t t t t f t ⋅=+-+⋅=--+=-++=，因为[0,1]t ∈，故()f t 递减，故max min ()(0)5,()(1)2AM AN f AM AN f ⋅==⋅==．[评注]当然从抢分的战略上，可冒用两个特殊点:M 在B (N 在C )和M 在C (N 在D )，而本案恰是在这两点处取得最值，蒙对了，又省了时间!出题大虾太给蒙派一族面子了! 练习10．如图，半径为1圆心角为23π圆弧AB 上有一点C ． ⑴．当C 为圆弧AB 中点时，D 为线段OA 上任一点，求||OD OC +的最小值．⑵．当C 在圆弧AB 上运动时，,D E 分别为线段,OA OB 的中点，求CE DE ⋅的取值范围． 解：⑴．以O 为原点，以OA 为x 轴正方向，建立如图坐标系，设22(,0)(01),(22D t t C ≤≤-，xy ABC DMN故22(,)22OC OD t +=-+，故22211||221(01)22OC OD t t t t t +=-++=-+≤≤，当22t =时，最小值为22．⑵．设3(cos ,sin )(0)2OC πααα=≤≤，故CE OE OC =-11(0,)(cos ,sin )(cos ,sin )22αααα=--=---，又1(,0)2D ，1(0,)2E -，故11(,)22DE =--，故1(cos sin )2CE DE αα⋅=+21sin()244πα=++，因7444πππα≤+≤，故1212[,]4242CE DE ⋅∈-+． 【例11】如图，在正方形ABCD 中，E 为AB 的中点，P 为以A 为圆心，AB 为半径的圆弧上的任意一点，设向量AC DE AP λμ=+，则λμ+的最小值为________________．考点：平面向量的基本定理及其意义．分析：建立坐标系，设正方形ABCD 的边长为1，求出向量(cos 2AC DE AP λλμμθ=+=+，sin )(1,1)λμθ-+=，用cos ,sin θθ表示λ和μ，根据cos ,sin θθ的取值范围, 求出λμ+=32sin 2cos 2cos sin θθθθ+-+的最小值．解：以A 为原点，以AB 所在的为x 轴，建立坐标系，设正方形ABCD 的边长为1，则1(,1)2E ，(1,1),(0,1),(0,0)C D A ，设(cos ,sin )P θθ，则(1,1)AC =．再由向量(2AC DE AP λλμ=+=+cos ,sin )μθλμθ-+，所以cos 1,sin 12λμθλμθ+=-+=，所以2sin 2cos ,2cos sin θθλμθθ-==+ 32cos sin θθ+，故32sin 2cos 2cos sin θθλμθθ+-+=+．由题意得，02πθ≤≤，故0cos 1,0sin θθ≤≤≤1≤，当cos θ取最大值1时，同时，sin θ取得最小值0，这时λμ+取最小值12．练习11：如图在Rt ABC ∆中，E 为斜边AB 的中点，,1CD AB AB ⊥=，则()()CA CD CA CE ⋅⋅的最大值是 ．解法一：记A θ∠=，则()()[cos (cos sin )sin ]CA CD CA CE θθθθ⋅⋅=422223111122(cos cos )cos sin cos cos sin ()2244327θθθθθθθ==≤=， CADE BA E D CB故()()CA CD CA CE ⋅⋅的最大值是227． 或设2sin t θ=，易知(0,1)t ∈，则421()()cos sin 2CA CD CA CE θθ⋅⋅== 23211(1)(2)22t t t t t -=-+，记321()(2)2f t t t t =-+，则'211()(341)(31)(22f t t t t t =-+=-- 1)，由导数知识易知，max 12()()327f t f ==，故()()CA CD CA CE ⋅⋅的最大值是227． 解法二：以C 为原点，以CA 所在的直线为x 轴，因1AB =，则(0,0)C ，设A θ∠=，则(cos A θ，10),(cos sin sin ,cos sin cos ),(2D E θθθθθθ 1cos ,cos )2θθ，则2()()(cos CA CD CA CE θ⋅⋅=⋅ 224211sin )(cos )cos sin 22θθθθ=(下略)．【例12】如图，点P 是单位圆在第一象限上的任意一点，点(1,0)A -，点(0,1)B -，PA 与y 轴交于点N ，PB 与x 轴交于点M ，设PO xPM yPN =+，(,)x y R ∈，(cos ,sin )P θθ． ⑴．求点M 、点N 的坐标，(用θ表示)；⑵．求x y +的取值范围． 解：⑴．cos (,0)1sin M θθ+，sin (0,)1cos N θθ+．⑵．由已知得，cos (cos ,sin ),(1sin PO PM θθθθ=--=+sin cos cos,sin )(,sin ),(cos 1sin PN θθθθθθ---=-=-+，sin sin cos sin )(cos ,)1cos 1cos θθθθθθθ--=-++，代入PO =xPM yPN +，得sin cos cos (cos )1cos x y θθθθθ-=-+-+，整理得，sin (1sin )1sin x y θθθ++=+，sin sin x θθ-=--sin cos 1cos y θθθ+，整理得，(1cos )x θ+ cos 1cos y θθ+=+，将上两式相加可得：2sin cos 1111sin cos 1sin cos x y θθθθθθ+++==+=+++++112)4πθ+，由02πθ<<可知，2sin()124πθ<+≤，故1+ 2)(2,12]4πθ+∈，即1[1)212x y +∈++，故3[2,)2x y +∈．练习12．(10全国I )已知圆O 的半径为1，,PA PB 为该圆的两条切线，,A B 为两切点，那么PA PB ⋅的最小值为 ．小结：首先要选择合适的形式表示数量积，然后是如何选择适当的量来表示数量积，再次是如何解决范围或最值问题！【解析1】如图所示：设(0),PA PB x x APO ==>∠=α，则2,APB PO αα∠===，22422222(1)||||cos 2(12sin )11x x x x PA PB PA PB x x x αα--⋅==-==++，令y PA PB =⋅，则4221x x y x -=+，即42(1)0x y x y -+-=，由2x R ∈，故2[(1)]41y ∆=-+-⨯⨯ ()0y -≥，即2610y y ++≥，故3y ≤--3y ≥-+min ()3PA PB ⋅=-+．此时x =或：设21t x =+，则4221x x y x -=+可变形为2(1)(1)233t t y t t t---==+-≥，当且仅当t =，即x =min ()3PA PB ⋅=-+【解析2】设,0APB θθπ∠=<<，则222cos 12||||cos ()cos (1tansin 22PA PB PA PB θθθθθ⋅===-2222(1sin )(12sin )222sin )2sin 2θθθθ--=，设2sin 2x θ=，则01x <≤，故(1)(12)x x PA PB x --⋅== 1233x x+-≥．【解析3】建系得，圆的方程为221x y +=，设11110(,),(,),(,0)A x y B x y P x -，则10(,PA PB x x ⋅=-222110111001)(,)2y x x y x x x x y ⋅--=-+-，又OA PA ⊥，故11101(,)(,)0x y x x y ⋅-=，即2110x x x -+210y =，故101x x =，故22222222110011011022(1)23PA PB x x x x y x x x x x ⋅=-+-=-+--=+-≥3．③．轨迹法求最值【例13】在周长为16的PMN ∆中，6MN =，则PM PN ⋅的取值范围是_______________． 解：易知点P 在以MN 为焦点，长轴的长为10的椭圆上，以MN 所在直线为x 轴，线段MN 的中点为坐标原点，建立平面直角坐标系，则(3,0),(3,0)M N -，设(,)P x y ，则2212516x y +=，那么(3,),(3,)PM x y PN x y =+=-，故22222169916972525x x PM PN x y x ⋅=+-=+--=+，由已知可知2[0,5)x ∈，故PM PN ⋅的取值范围是[7,16)．练习13：(09安徽)给定两个长度为1的平面向量OA 和OB ，它们的夹角为90．如图所示，点C 在以O 为圆心的圆弧AB 上变动．若OC xOA yOB =+，其中,x y R ∈，则x y +的最大值是_____． 解：以O 为原点，以OA 为x 轴正方向，建立如图坐标系，设(0,0),(1,0),(0,1)O A B ，设(,)C x y ，则已知2201,01,1.x y x y ⎧≤≤⎪≤≤⎨⎪+=⎩，则由(,)OC xOA yOB x y =+=，由可行域可知，x y +．变题：22)1(y x +-的最大值为 ．[0,2]．④．放缩法求最值【例14】在平面直角坐标系xOy 中，设,,A B C 是圆221x y +=上相异三点，若存在正实数,λμ，使得OC OA OB λμ=+，则22(3)λμ+-的取值范围是 ．解：由存在正实数,λμ，使得OC OA OB λμ=+，故向量OA 与向量OB 的夹角的范围是(0,)π，则向量OB 与向量OC 的夹角θ的范围是(0,)π，由OC OA OB λμ=+可知，OA OC OB λμ=-，故2222222||()||2||12cos OA OC OB OC OB OC OB λμμμμμθ=-=-⋅+=+-，则2(λμ+-22223)22(3cos )1028102(4)22μμθμμμ=-++>-+=-+≥，故22(3)λμ+-的取值范围是(2,)+∞．练习14．在面积为2的ABC ∆中，,E F 分别是,AB AC 的中点，点P 在直线EF 上，则PC PB ⋅+2BC 的最小值是______________．分析：根据ABC ∆的面积为2，可得PBC ∆的面积为1，从而可得2||||sin PB PC BPC=∠，故2cos ||||cos sin BPCPB PC PB PC BPC BPC∠⋅=∠=∠，由余弦定理得，222||||||2||BC BP CP BP =+- ||cos CP BPC ∠，进而可得，2||2||||2||||cos BC BP CP BP CP BPC ≥-∠，从而PC PB ⋅+24cossin BPC BC BPC -∠≥∠，易得4cos sin BPCBPC-∠∠的最小值为从而可得2PC PB BC ⋅+的最小值为解：因,E F 分别是,AB AC 的中点，故PBC ∆的面积为1，又PBC ∆的面积为：1||||2BP PC sin BPC ∠，则2||||sin BP PC BPC =∠．即2cos ||||cos sin BPCPB PC PB PC BPC BPC∠⋅=∠=∠，由余弦定理得，222||||||2||||cos BC BP CP BP CP BPC =+-∠．显然，||,||BP PC 都是正数，故22||||2||||BP PC BP CP +≥，即2||2||||2||||cos BC BP CP BP CP BPC ≥-∠，则PC PB ⋅+24cos ||||cos 2||||2||||cos sin BPCBC BP PC BPC BP PC BP PC BPC BPC-∠≥∠+-∠=∠，令y =4cossin BPC BPC -∠∠，易得4cos sin BPCy BPC-∠=∠的最小值为2PC PB BC ⋅+的最小值为作业1．设向量(1,0),(sin θ,cos θ),0θπa b ，则||a b 的取值范围是 _______．解：易知(1sin ,cos )ab，则||22cos[0,2]ab ．2．已知O 为坐标原点，,A B 是圆221x y +=分别在第一、四象限的两个点，(5,0)C 满足：3OA OC ⋅=，4OB OC ⋅=，则()OA tOB OC t R ++∈模的最小值为________．解：设(cos ,sin ),(cos ,sin )A B ααββ，则(cos ,sin ),(cos ,sin )OA OB ααββ==，由OA OC ⋅=3及4OB OC ⋅=知，34cos ,cos 55αβ==，因为,A B 分别为在第一、四象限的两个点，所以43sin ,cos 55αβ==-，即3443(,),(,)5555OA OB ==-，则42843(,)55t tOA tOB OC +-++=，故2||OA tOB OC t ++==≥4．已知两个单位向量a 与b 的夹角为︒120，若||1a b λ+<，则实数λ的取值范围是 ．)1,0(5．在ABC ∆中，AB 边上的中线2OC =，动点P 满足22sin cos ()AP AO AC R θθθ=+∈，求()PA PB PC +⋅的最小值．解：由22sin cos ()AP AO AC R θθθ=+∈知，2sin PC OC θ=，由20sin 1θ≤≤知，即动点P在线段OC 上，又O 为AB 的中点，故2PA PB PO +=，故()22||PA PB PC PO PC PO +⋅=⋅=-22||||||||2()2()222PO PC OC PC +≥-=-=-，当且仅当||||1PO PC ==时，()PA PB PC +⋅的最小值2-．6．若正方形ABCD 边长为1，点P 在线段AC 上运动，则()AP PB PD ⋅+的取值范围是 ． 解：以A 为坐标原点，以AB 所在的直线为x 轴，因为正方形ABCD 的边长为1，则(0,0),(1,0)A B ，(0,1)D ，设(,)P t t ，则(,),(1,),(,1),[0,1]AP t t PB t t PD t t t ==--=--∈．故()AP PB PD ⋅+ 224t t =-，由01t ≤≤知，()AP PB PD ⋅+的取值范围是1[2]4-，．6．已知平面向量,,a b c 满足|1,|2a b ==||，,a b 的夹角等于π3，且()()0a c b c -⋅-=，则||c 的取值范围是 ．解：设,,CA a CB b CD c ===，由|1,|2a b ==||，,a b 的夹角等于π3及正弦定理可知，2CAB π∠=，设BAD θ∠=，则||3cos BD θ=，由余弦定理得，22||13cos cos()12c πθθθ=++=+3535(1cos 2)cos cos 22)22222θθθθθθϕ++=+=++，其中sin ϕ=,cos 77ϕ=255||[22c -+∈，即||c 的取值范围是． 7．已知A 为单位圆与x 轴正半轴的交点，点P 在单位圆上，,(0)AOP θθπ∠=<<，OQ =OA OP +，四边形OAPQ 的面积为S ．⑴．求OA OQ S ⋅+的最大值及此时θ的值0θ．⑵．设点B 的坐标为34(,),55AOB α-∠=，在⑴的条件下，求0cos()αθ+的值．8．已知(1,1),(1,1),(2cos )a b c αα==-=，实数,m n 满足：ma nb c +=，则22(2)m n -+的最大值为 ．解：由ma nb c +=知，故,.m n m n αα⎧+=⎪⎨-=⎪⎩，则221m n +=，易知22(2)[1,9]m n -+∈．9．边长为1的正方形ABCD 的顶点,A D 分别在,x y 轴的正半轴上(含原点)滑动，则OB OC ⋅有最大值为 ．解：设OAD θ∠=，故(cos ,0)A θ，则(cos sin ,cos )B θθθ+，同理(sin ,sin cos )C θθθ+，故(cos sin ,cos )(sin ,sin cos )1sin 2OB OC θθθθθθθ⋅=+⋅+=+，即OB OC ⋅有最大值为2．10．在直角梯形ABCD 中，AB AD ⊥，1AD DC ==，3AB =，动点P 在BCD ∆(含边界)，设(,)AP AB AD R αβαβ=+∈，则αβ+的取值范围为____ ___．解：以AB 为所在直线为x 轴，以AD 为y 轴，建立平面直角坐标系，则(0,0),(3,0),(0,1)A B D ，(1,1)C ，设点(,)P x y ，则,x y 满足：330,230,0 1.x y x y y +-≥⎧⎪+-≤⎨⎪≤≤⎩，由AP AB AD αβ=+知，(3,0)(0,1)(3,)AP AB AD βαβαβα+=+==，故3,x y αβ==，则10,3230,0 1.αβαββ+-≥⎧⎪+-≤⎨⎪≤≤⎩，设z αβ=+，由可行域知，当点P 为点1(,1)3E 时，z αβ=+取最大值43，故αβ+的取值范围为4[1,]3．。
数学-平面向量中的最值与范围问题
平面向量中的最值与范围问题高中数学 会利用向量的定义及运算求解最值与范围问题．导语 平面向量中的范围、最值问题是热点问题，也是难点问题，此类问题综合性强，体现了知识的交汇组合，其基本题型是根据已知条件求某个变量的范围、最值，比如向量的模、数量积、向量的夹角、系数的范围等等，解题思路是建立目标函数的函数解析式，转化为求函数的最值，同时向量兼顾“数”与“形”的双重身份，所以解决平面向量的范围、最值问题的另外一种思路是数形结合．一、向量线性运算中的最值与范围问题例1 如图，在直角梯形ABCD 中，AB ∥CD ，∠DAB ＝90°，AD ＝AB ＝4，CD ＝1，动点P 在边BC 上，且满足＝m ＋n (m ，n 均为正实数)，求＋的最小值．AP → AB → AD→ 1m 1n解 因为在直角梯形ABCD 中，AB ∥CD ，∠DAB ＝90°，AD ＝AB ＝4，CD ＝1，所以＝＋＝－，AD → AC → CD → AC → 14AB → 所以＝m ＋n AP → AB → AD → ＝m ＋n AB→ (AC → －14AB →)＝＋n ，(m －14n )AB → AC → 由P ，B ，C 三点共线得，m －n ＋n ＝m ＋n ＝1(m ，n >0)，1434所以＋＝1m 1n (1m ＋1n )(m ＋34n )＝＋＋≥＋2743n4m mn 743n 4m ·mn＝＋＝(当且仅当3n 2＝4m 2时取等号)，7437＋434即＋的最小值为.1m 1n 7＋434反思感悟 利用向量的概念及基本运算，将所求问题转化为相应的等式关系，然后用基本不等式求最值．跟踪训练1 如图所示，A ，B ，C 是圆O 上的三点，CO 的延长线与BA 的延长线交于圆O 外一点D .若＝m ＋n ，则m ＋n 的取值范围是________．OC → OA → OB→答案 (－1,0)解析 由点D 是圆O 外一点，可设＝λ(λ>1)，BD → BA→ 则＝＋λ＝λ＋(1－λ).OD → OB → BA → OA → OB → 又因为C ，O ，D 三点共线，令＝－μ(μ>1)，OD → OC→ 则＝－－(λ>1，μ>1)，所以m ＝－，n ＝－，OC → λμOA → 1－λμOB→ λμ1－λμ则m ＋n ＝－－＝－∈(－1,0)．λμ1－λμ1μ二、向量数量积的最值与范围问题例2 在边长为1的正方形ABCD 中，M 为边BC 的中点，点E 在线段AB 上运动，则·EC→ 的取值范围是( )EM→ A. B.[12，2][0，32]C.D ．[0,1][12，32]答案 C解析 将正方形放入如图所示的平面直角坐标系中，设E (x ，0)，0≤x ≤1.则M，C (1,1)，(1，12)所以＝，＝(1－x ，1)，EM → (1－x ，12)EC → 所以·＝·(1－x ，1)＝(1－x )2＋.EM → EC → (1－x ，12)12因为0≤x ≤1，所以≤(1－x )2＋≤，121232即·的取值范围是.EC → EM → [12，32]反思感悟 建立适当的坐标系，将平面向量数量积的运算坐标化，然后利用二次函数，基本不等式等求最值或范围．跟踪训练2 在等腰梯形ABCD 中，已知AB ∥DC ，AB ＝2，BC ＝1，∠ABC ＝60°.动点E 和F 分别在线段BC 和DC 上，且＝λ，＝，则·的最小值为________．BE → BC → DF → 19λDC → AE→ AF → 答案 2918解析 根据题意，可知DC ＝1，·＝(＋)·(＋)＝(＋λ)·＝AE → AF → AB → BE → AD → DF → AB → BC→ (AD → ＋19λDC → )·＋·＋λ·＋·＝1＋＋－≥1＋2－＝，当且仅当λ＝时，AB → AD → 19λAB → DC → BC → AD → 19BC → DC→ 29λλ211819118291823等号成立．三、向量模的最值问题例3 向量a ，b 满足|a |＝1，a 与b 的夹角为，则|a －b |的最小值为________．π3答案 32解析 |a －b|2＝(a －b )2＝a 2－2a·b ＋b 2＝1－2×1×|b|cos ＋|b|2π3＝|b|2－|b|＋1＝2＋≥，(|b |－12)3434所以|a －b|≥，当|b|＝时取得最小值．3212跟踪训练3 已知|a ＋b |＝2，向量a ，b 的夹角为，则|a |＋|b |的最大值为________．π3答案 433解析 将|a ＋b |＝2两边平方并化简得(|a |＋|b |)2－|a ||b |＝4，由基本不等式得|a ||b |≤2＝(|a |＋|b |2)，故(|a |＋|b |)2≤4，即(|a |＋|b |)2≤，即|a |＋|b |≤，当且仅当|a |＝|b |＝时，(|a |＋|b |)2434163433233等号成立，所以|a |＋|b |的最大值为.433四、向量夹角的最值问题例4 已知|a |＝1，向量b 满足2|b －a |＝b ·a ，设a 与b 的夹角为θ，则cos θ的最小值为________．答案 255解析 ∵|a |＝1，∴设a ＝(1,0)，b ＝(x ，y )，∴b －a ＝(x －1，y )，由2|b －a |＝b ·a 得，2＝x ，则x >0，(x －1)2＋y 2∴4(x －1)2＋4y 2＝x 2，∴y 2＝－x 2＋2x －1，34∴cos θ＝＝＝＝＝a ·b|a ||b |xx 2＋y 2xx 2－34x 2＋2x －1x14x 2＋2x －11－(1x )2＋2x ＋14＝，1－(1x －1)2＋54∴当＝1即x ＝1时，cos θ取最小值.1x 255反思感悟 将向量夹角的大小问题转化为夹角余弦值的大小，利用函数求最值或范围．跟踪训练4 已知向量a ，b 满足a ＝(t ，2－t )，|b |＝1，且(a －b )⊥b ，则a ，b 的夹角的最2小值为( )A.B.π6π4C. D.π3π2答案 C解析 因为(a －b )⊥b ，所以(a －b )·b ＝0，a ·b ＝b 2，cos 〈a ，b 〉＝＝＝＝a ·b |a ||b ||b |2|a ||b ||b ||a |1|a |＝，12t 2－42t ＋8又因为2t 2－4t ＋8＝2[(t －)2＋2]≥2[(－)2＋2]＝4，2222所以0<cos 〈a ，b 〉≤，所以a ，b 的夹角的最小值为.12π3课时对点练1．已知向量m ＝(a －1,1)，n ＝(2－b ，2)(a >0，b >0)，若m ∥n ，则m ·n 的取值范围是( )A ．[2，＋∞) B ．(0，＋∞)C ．[2,4) D ．(2,4)答案 C解析 因为m ∥n ，所以2a －2＝2－b ，所以2a ＋b ＝4，所以b ＝4－2a >0，所以0<a <2，所以m ·n ＝2a ＋b －ab ＝4－ab ＝4－a (4－2a )＝2a 2－4a ＋4＝2(a －1)2＋2∈[2,4)．2．如图，在△ABC 中，点D 是线段BC 上的动点，且＝x＋y ，则＋的最小值为( )AD → AB → AC→ 1x 4y A ．3 B ．4 C ．5 D ．9答案 D解析 由图可知x ，y 均为正，且x ＋y ＝1，∴＋＝(x ＋y )＝5＋＋1x 4y (1x ＋4y )y x 4xy≥5＋2＝9，当且仅当＝，y x ·4x y y x 4x y 即x ＝，y ＝时等号成立，1323则＋的最小值为9.1x 4y3．在△ABC 中，AB ＝，BC ＝2，∠B ＝150°，点D 是AC 边上的一点(包括端点)，点M 3是AC 的中点，则·的取值范围是( )BM→ BD → A. B. C. D ．[0,1](0，12)[0，12][12，1]答案 B解析 因为点M 是AC 的中点，所以＝＋，BM → 12BA → 12BC → 因为点D 是AC 边上的一点(包括端点)，所以＝λ，λ∈[0,1]，CD → CA→ －＝λ－λ，＝λ＋(1－λ)，BD → BC → BA → BC → BD → BA → BC → 则·＝·[λ＋(1－λ)]BM → BD → (12BA → ＋12BC →)BA → BC → ＝λ2＋·＋(1－λ)2.12BA → 12BA → BC → 12BC → 因为AB ＝，BC ＝2，∠B ＝150°，3所以2＝3，·＝－3，2＝4，BA → BA → BC → BC → 所以·＝－λ.BM → BD→ 1212因为0≤λ≤1，则0≤－λ≤.121212故·的取值范围是.BM → BD→ [0，12]4．设O (0,0)，A (1,0)，B (0,1)，点P 是线段AB 上的一个动点，＝λ，AP → AB→ 若·≥·，则实数λ的取值范围是( )OP→ AB → PA → PB → A.≤λ≤1 B ．1－≤λ≤11222C.≤λ≤1＋ D ．1－≤λ≤1＋12222222答案 B解析 ∵＝λ，＝(1－λ)＋λ＝(1－λ，λ)，＝λ＝(－λ，λ)，·≥·AP → AB → OP → OA → OB → AP → AB → OP→ AB → PA → ，PB →∴(1－λ，λ)·(－1,1)≥(λ，－λ)·(λ－1,1－λ)，∴2λ2－4λ＋1≤0，解得1－≤λ≤1＋，因为点P 是线段AB 上的一个动点，所以22220≤λ≤1，即满足条件的实数λ的取值范围是1－≤λ≤1.225.如图，在平行四边形ABCD 中，∠BAD ＝，AB ＝2，AD ＝1，若M ，N 分别是边AD ，CD π3上的点，且满足＝＝λ，其中λ∈[0,1]，则·的取值范围是( )MDAD NCDC AN→ BM→ A ．[－3，－1] B ．[－3,1]C ．[－1,1] D ．[1,3]答案 A解析 以A 为原点，AB ，垂直于AB 所在的直线分别为x ，y 轴建立平面直角坐标系(图略)，则B (2,0)，A (0,0)，D .(12，32)∵满足＝＝λ，λ∈[0,1]，MDAD NCDC ∴＝＋＝＋(1－λ)＝＋(1－λ)＝＋(1－λ)(2,0)＝，AN → AD → DN → AD → DC → AD → AB → (12，32)(52－2λ，32)＝＋＝－＋(1－λ)＝(－2,0)＋(1－λ)＝，BM → BA → AM → AB → AD → (12，32)(－32－12λ，32(1－λ))·＝·AN → BM → (52－2λ，32)(－32－12λ，32(1－λ))＝＋×(1－λ)(52－2λ)(－32－12λ)3232＝λ2＋λ－3＝2－.(λ＋12)134∵λ∈[0,1]，二次函数的对称轴为λ＝－，12则函数在[0,1]上单调递增，故当λ∈[0,1]时，λ2＋λ－3∈[－3，－1]．6．设0≤θ<2π，已知两个向量＝(cos θ，sin θ)，＝(2＋sin θ，2－cos θ)，则向量OP 1→ OP2→长度的最大值是( )P 1P 2——→ A. B. C ．3 D ．22323答案 C解析 ∵＝－＝(2＋sin θ－cos θ，2－cos θ－sin θ)，P 1P 2——→ OP2→ OP 1→ ∴||＝＝≤3.P 1P 2——→ (2＋sin θ－cos θ)2＋(2－cos θ－sin θ)210－8cos θ2当cos θ＝－1时，||有最大值3.P 1P 2——→ 27．已知△ABC 的三边长AC ＝3，BC ＝4，AB ＝5，P 为AB 边上任意一点，则·(－)CP→ BA → BC → 的最大值为________．答案 9解析 根据题意，建立直角坐标系，如图，∴A (0,3)，B (4,0)，C (0,0)，∴＝(4，－3)，AB→ ＝＋＝＋λ＝(0,3)＋(4λ，－3λ)＝(4λ，3－3λ)，λ∈[0,1]，CP → CA → AP → CA → AB→ ∴·(－)＝·＝(4λ，3－3λ)·(0,3)＝9－9λ∈[0,9]，CP→ BA → BC → CP → CA → ∴·(－)的最大值为9.CP→ BA → BC → 8．若a ＝(2,2)，|b |＝1，则|a ＋b |的最大值为________．答案 2＋12解析 因为|b |＝1，设b ＝(cos θ，sin θ)，则a ＋b ＝(2＋cos θ，2＋sin θ)，则|a ＋b|＝＝＝(2＋cos θ)2＋(2＋sin θ)24(cos θ＋sin θ)＋9≤＝＝2＋1，当且仅当sin＝1时取等号．42sin (θ＋π4)＋99＋42(22＋1)22(θ＋π4)9．已知向量a ，b 满足|a |＝1，|b |＝2，a ·(a ＋b )＝2.求|a －λb |的最小值．解 由|a |＝1，a ·(a ＋b )＝2，可知a ·b ＝1，根据向量求模公式得|a －λb |＝，4λ2－2λ＋1易知，当λ＝时，|a －λb |取得最小值为.143210．△ABC 中，AB ＝2，AC ＝2，∠BAC ＝45°，P 为线段AC 上任意一点，求·的取2PB→ PC → 值范围．解 设＝t (0≤t ≤1)，PC→ AC → 则＝(1－t )，AP → AC → 因为＝－＝－(1－t )，PB → AB → AP → AB → AC → 所以·＝[－(1－t )]·t PB → PC → AB → AC → AC → ＝t ·－t (1－t )2AB → AC → AC → ＝2×2t ·cos 45°－t (1－t )×(2)222＝8t 2－4t ＝82－.(t －14)12因为0≤t ≤1，所以－≤·≤4，12PB→ PC → 所以·的取值范围为.PB → PC→ [－12，4]11．如图，在△ABC 中，已知AB ＝2，AC ＝3，∠BAC ＝θ，点D 为BC 的三等分点．则·AD→ 的取值范围为( )BC→A. B.(－113，133)(13，73)C.D.(－53，73)(－53，553)答案 C解析 ∵＝＋＝＋AD → AB → BD → AB → 13BC→＝＋(－)＝＋，AB → 13AC → AB → 23AB → 13AC → ∴·＝·(－)AD → BC → (23AB → ＋13AC →)AC → AB → ＝－||2＋||2＋·23AB → 13AC → 13AB → AC →＝－×4＋×9＋×2×3cos θ＝2cos θ＋.23131313∵－1<cos θ<1，∴－<2cos θ＋<.531373∴·∈.AD → BC → (－53，73)12.如图，延长线段AB 到点C ，使得＝2，D 点在线段BC 上运动，点O ∉直线AB ，满AB → BC→ 足＝λ＋μ，则λμ的取值范围是( )OD → OA → OB→A.B.[－32，0][－2，23]C.D ．[－1,1][－34，0]答案 C解析 不妨设AB ＝2BC ＝2，BD ＝x ，x ∈[0,1]，由平面向量三点共线可知，＝ ＋ ，OB → 22＋x OD → x2＋x OA→ ∴＝－，OD → 2＋x 2OB → x 2OA → ∴λ＝－，μ＝，x ∈[0,1]，x22＋x2则λμ＝－＝－(x 2＋2x )，(2＋x )x414∴λμ∈.[－34，0]13．已知平面向量a ，b ，c 满足|a |＝|b |＝|c |＝1，若a ·b ＝，则(a ＋b )·(2b －c )的取值范围是( )12A ．[1,2＋]B ．[1,3＋]33C ．[3－，2＋]D ．[3－，3＋]3333答案 D解析 因为a ·b ＝，设a 与b 的夹角为θ，12则a·b ＝|a|·|b|cos θ＝，解得θ＝，而|a|＝|b|＝|c|＝1，则可设a ＝(1,0)，由θ＝可得b ＝12π3π3.(12，32)由|c |＝1，设c ＝(sin α，cos α)，则(a ＋b )·(2b －c )＝2a·b ＋2b 2－a·c －b·c＝1＋2－sin α－(12sin α＋32cos α)＝3－＝3－sin.(32sin α＋32cos α)3(α＋π6)所以当α＝时取得最大值为3＋，当α＝时取得最小值为3－，所以(a ＋b )·(2b －c )的4π33π33取值范围为[3－，3＋]．3314．已知|a |＝|b |＝a ·b ＝2，c ＝(2－4λ)a ＋λb ，则(c －a )·(c －b )的最小值为________．答案 －4952解析 ∵c －a ＝(1－4λ)a ＋λb ，c －b ＝(2－4λ)a ＋(λ－1)b ，∴(c －a )·(c －b )＝[(1－4λ)a ＋λb ]·[(2－4λ)a ＋(λ－1)b ]＝(16λ2－12λ＋2)a 2＋(－8λ2＋7λ－1)a ·b ＋(λ2－λ)b 2，代入|a |＝|b |＝a ·b ＝2，原式＝52λ2－38λ＋6，∴当λ＝时，原式取得最小值，为－.1952495215．已知正三角形ABC 按如图所示的方式放置，AB ＝4，点A ，B 分别在x 轴的正半轴和y轴的正半轴上滑动，则·的最大值是________．OA → OC →答案 12解析 设∠OAB ＝θ，θ∈，(0，π2)则A (4cos θ，0)，C ，(4cos θ＋4cos (2π3－θ)，4sin (2π3－θ))所以·＝4cos θ·OA → OC → [4cos θ＋4cos (2π3－θ)]＝4cos θ(2cos θ＋2sin θ)3＝4cos 2θ＋4＋4sin 2θ3＝8sin ＋4，θ∈，(2θ＋π6)(0，π2)故当2θ＋＝，即θ＝时，·有最大值12.π6π2π6OA → OC → 16．已知向量a ＝(，－1)，b ＝.3(12，32)(1)求与a 平行的单位向量c ；(2)设x ＝a ＋(t 3＋3)b ，y ＝－k ·t a ＋b ，若存在t ∈[0,2]，使得x ⊥y 成立，求k 的取值范围．解 (1)设c ＝(x ，y )，根据题意得Error!解得Error!或Error!∴c ＝或c ＝.(32，－12)(－32，12)(2)∵a ＝(，－1)，b ＝，3(12，32)∴a·b ＝0.∵x ⊥y ，∴－kt |a |2＋(t 2＋3)|b |2＝0.∵|a |＝2，|b |＝1，∴t 2－4kt ＋3＝0.问题转化为关于t 的二次方程t 2－4kt ＋3＝0在[0,2]内有解．令f (t )＝t 2－4kt ＋3，则当2k ≤0，即k ≤0时，∵f (0)＝3，∴方程t 2－4kt ＋3＝0在[0,2]内无解．当0<2k ≤2，即0<k ≤1时，由Δ＝16k 2－12≥0，解得k ≤－或k ≥，∴≤k ≤1.323232当2k >2，即k >1时，由f (2)≤0得4－8k ＋3≤0，解得k ≥，∴k >1.78综上，实数k 的取值范围为.[32，＋∞)。
平面向量中最值、范围问题
平面向量中的最值、范围问题一、考情分析平面向量中的范围、最值问题是热点问题,也是难点问题,此类问题综合性强,体现了知识的交汇组合．其基本题型是根据已知条件求某个变量的范围、最值,比如向量的模、数量积、向量夹角、系数的范围的等,解决思路是建立目标函数的函数解析式,转化为求函数的最值,同时向量兼顾“数”与“形”的双重身份,所以解决平面向量的范围、最值问题的另外一种思路是数形结合． 二、经验分享1.利用平面向量的数量积可以解决几何中的垂直、夹角、长度等问题,即只需将问题转化为向量形式,用向量的运算来求解.如果能够建立适当的直角坐标系,用向量的坐标运算往往更为简捷.1.平面向量线性运算问题的常见类型及解题策略2.几何图形中向量的数量积问题是近几年高考的又一热点,作为一类既能考查向量的线性运算、坐标运算、数量积及平面几何知识,又能考查学生的数形结合能力及转化与化归能力的问题,实有其合理之处.解决此类问题的常用方法是：①利用已知条件,结合平面几何知识及向量数量积的基本概念直接求解(较易)；②将条件通过向量的线性运算进行转化,再利用①求解(较难)；③建系,借助向量的坐标运算,此法对解含垂直关系的问题往往有很好效果.3．坐标是向量代数化的媒介,通过向量的坐标表示可将向量问题转化为代数问题来解决,而坐标的获得通常要借助于直角坐标系. 对于某些平面向量问题, 若能建立适当的直角坐标系,可以使图形中复杂的几何关系转化为简单明朗的代数关系,减少推理过程,有效地降低思维量,起到事半功倍的效果．上面两题都是通过建立坐标系将向量问题转化为函数与不等式问题求解,体现了向量解题的工具性. 三、知识拓展1．-≤⋅≤a b a b a b . 2．-≤±≤+a b a b a b 四、题型分析(一) 平面向量数量积的范围问题已知两个非零向量a 和b ,它们的夹角为θ,cos a b θ⋅⋅叫做a 和b 的数量积(或内积),记作a b ⋅.即a b ⋅=cos a b θ⋅⋅,规定00a ⋅=,数量积的表示一般有三种方法：(1)当已知向量的模和夹角时,可利用定义法求解,即a b ⋅=cos a b θ⋅⋅；(2)当已知向量的坐标时,可利用坐标法求解,即若a ＝(x 1,y 1),b ＝(x 2,y 2),则a ·b ＝x 1x 2＋y 1y 2；（3）运用平面向量基本定理,将数量积的两个向量用基底表示后,再运算． 【例1】在边长为2的等边三角形ABC 中,D 是AB 的中点,E 为线段AC 上一动点,则ED EB ⋅的取值范围为【分析】利用向量的加法或减法法则,将向量,EB ED 分别表示,结合已知条件设|AE |x =（02x ≤≤）,将ED EB ⋅用变量x 表示,进而转化为二次函数的值域问题．【点评】将⋅用某个变量表示,转化为函数的值域问题,其中选择变量要有可操作性．【小试牛刀】【江苏省盐城中学2018届高三上学期期末】已知ABC ∆的周长为6,且,,BC CA AB 成等比数列,则BA BC ⋅的取值范围是______． 【答案】2795⎡-⎢⎣⎭【解析】因为,,BC CA AB 成等比数列,所以622a c bb ac +-=≤=,从而02b <≤,所以()()22222263cos 32722b b ac bBA BC ac B b --+-⋅====-++,又()()2222,,4a c b a c b a c ac b -<∴-<+-<,即2390b b +->,3532b -<≤,故27952BA BC -≤⋅<. (二) 平面向量模的取值范围问题设(,)a x y =,则222a a x y ==+,向量的模可以利用坐标表示,也可以借助“形”,向量的模指的是有向线段的长度,过可结合平面几何知识求解,尤其注意,如果直接求模不易,可以将向量用基底向量表示再求．【例2】已知向量,,a b c 满足4,22,a b ==a 与b 的夹角为4π,()()1c a c b -⋅-=-,则c a -的最大值为 .【分析】根据已知条件可建立直角坐标系,用坐标表示有关点（向量）,确定变量满足的等式和目标函数的解析式,结合平面几何知识求最值或范围. 【解析】设c OC b OB a OA ===,,；以OA 所在直线为x,O 为坐标原点建立平面直角坐标系,4,22,a b ==a 与b 的夹角为4π,则A （4,0）,B （2,2）,设C （x,y ） ∵()()1c a c b -⋅-=-, ∴x 2+y 2-6x-2y+9=0,即（x-3）2+（y-1）2=1表示以（3,1）为圆心,以1为半径的圆,c a -表示点a -的最大值【点评】建立直角坐标系的原则是能准确快捷地表示有关向量或点的坐标,正确找到变量间的关系,以及目标函数代表的几何意义是解题关键．【小试牛刀】【2018届山东省济南高三上学期期末】已知平面上的两个向量OA 和OB 满足OA a =,OB b =,且221a b +=, 0OA OB ⋅=,若向量(),R OC OA OB λμλμ=+∈,且()()222221214a b λμ-+-=,则OC 的最大值为__________． 【答案】32【解析】因为OA a =, OB b =,且221a b +=, 0OA OB ⋅=,, 1,AB OA OB =⊥,如图,取AB 中点D ,则()12OD OA OB =+, 12OD = , 1122DC OC OD OA OB λμ⎛⎫⎛⎫∴=-=-+- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,由()()222221214a b λμ-+-=可得222211122a b λμ⎛⎫⎛⎫-+-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭2222211122DC a b λμ⎛⎫⎛⎫∴=-+-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭, 1DC ∴=, C ∴在以D 为圆心, 1为半径的圆上, ∴当O C ，, D 共线时OC 最大, OC ∴的最大值为312OD +=,故答案为32.(三) 平面向量夹角的取值范围问题设11(,)a x y =,22(,)b x y =,且,a b 的夹角为θ,则121222221122cos a b a bx y x y θ⋅==⋅+⋅+．【例3】已知向量→OA 与→OB 的夹角为θ,→→→→→→→-====PQ OB t OQ OA t OP OB OA ,)1(,,1,20t 在时取得最小值,当0105t <<时,夹角θ的取值范围为________________. 【分析】将PQ 表示为变量t 的二次函数PQ 1)cos 42()cos 45(2+--++=t t θθ,转化为求二次函数的最小值问题,当θθcos 45cos 210++=t 时,取最小值,由已知条件0105t <<,得关于夹角θ的不等式,解不等式得解．【点评】求变量的取值范围、最值,往往要将目标函数用某个变量表示,转化为求函数的最值问题,期间要注意变量之间的关系,进而得解．【小试牛刀】已知非零向量,a b 满足2a b = ,若函数3211().132f x x a x a bx =+++ 在R 上存在极值,则a 和b 夹角的取值范围为 【答案】,3ππ⎛⎤⎥⎝⎦【解析】()'2fx x a x a b =++⋅,设a 和b 夹角为θ,因为()f x 有极值,所以240a a b ∆=-⋅>,即24cos 0a a b θ∆=-⋅⋅>,即1cos 2θ<,所以,3πθπ⎛⎤∈ ⎥⎝⎦． （四）平面向量系数的取值范围问题平面向量中涉及系数的范围问题时,要注意利用向量的模、数量积、夹角之间的关系,通过列不等式或等式得系数的不等式,从而求系数的取值范围．【例4】已知()2,λ=a ,()5,3-=b ,且a 与b 的夹角为锐角,则λ的取值范围是 ．【分析】a 与b 的夹角为锐角等价于0a b ⋅>,且a 与b 不共线同向,所以由0a b ⋅>,得310<λ,再除去a 与b 共线同向的情形．【解析】由于a 与b 的夹角为锐角,0>⋅∴b a ,且a 与b 不共线同向,由01030>+-⇒>⋅λb a ,解得310<λ,当向量a 与b 共线时,得65-=λ,得56-=λ,因此λ的取值范围是310<λ且56-≠λ．【点评】注意向量夹角与三角形内角的区别,向量夹角的范围是[0,]π,而三角形内角范围是(0,)π,向量夹角是锐角,则cos 0,θ>且cos 1θ≠,而三角形内角为锐角,则cos 0,θ>．【小试牛刀】【江苏省泰州中学2018届高三10月月考】如图,在ABC ∆中, 21,3AB AC BAC π==∠=. （1）求AB BC ⋅的值；（2）设点P 在以A 为圆心, AB 为半径的圆弧BC 上运动,且AP x AB y AC =+,其中,x y R ∈.求xy 的取值范围.【解析】（1）()AB BC AB AC AB ⋅=⋅- 213||122AB AC AB =⋅-=--=-. （2）建立如图所示的平面直角坐标,则()131,0,,22B C ⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭.设()2cos ,sin ,0,3P πθθθ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,由AP x AB y AC =+, 得()()13cos ,sin 1,0,2x y θθ⎛⎫=+- ⎪ ⎪⎝⎭.所以3cos ,sin 2y x y θθ=-=. 所以323cos sin ,sin x y θθθ=+=. 22323121sin cos sin sin2sin 233363xy πθθθθθ⎛⎫=+=+=-+ ⎪⎝⎭. 因为270,,2,3666ππππθθ⎡⎤⎡⎤∈-∈-⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦, 所以,当262ππθ-=时,即3πθ=时, xy 的最大值为1；当266ππθ-=-或7266ππθ-=即0θ=或23πθ=时, xy 的最小值为0.五、迁移运用1．【江苏省常州2018届高三上学期期末】在ABC ∆中, 5AB =, 7AC =, 3BC =, P 为ABC ∆内一点（含边界）,若满足()14BP BA BC R λλ=+∈,则BA BP ⋅的取值范围为________． 【答案】525,84⎡⎤⎢⎥⎣⎦【解析】由余弦定理,得2225371cos 2532B +-==-⨯⨯,因为P 为ABC ∆内一点（含边界）,且满足()14BP BA BC R λλ=+∈,所以30,4λ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,则14BA BP BA BA BC λ⎛⎫⋅=⋅+ ⎪⎝⎭212515525,44284BA BA BC λλ⎡⎤=+⋅=-∈⎢⎥⎣⎦. 2．【江苏省南通市2018届高三上学期第一次调研】如图,已知矩形ABCD 的边长2AB =, 1AD =.点P ,Q 分别在边BC , CD 上,且45PAQ ︒∠=,则AP AQ ⋅的最小值为_________.【答案】424-3．【江苏省如皋市2017--2018学年度高三年级第一学期教学质量调研】已知点P 是边长为3形ABC 内切圆上的一点,则PA PB ⋅的取值范围为_______. 【答案】[]3,1-【解析】以正三角形ABC 的中心为原点,以AB 边上的高为y 轴建立坐标系,则())3,1,3,1A B ---,正三角形ABC 内切圆的方程为221x y +=,所以可设()cos ,sin P αα,则()()3cos 1,3cos 1PA sin PB sin αααα=----=---，，, 22cos 3sin 21PA PB sin ααα⋅=-+++[]213,1sin α=-∈-,故答案为[]3,1-.4．【南京市、盐城市2018届高三年级第一次模拟考试】如图是蜂巢结构图的一部分,正六边形的边长均为1,正六边形的顶点称为“晶格点”．若,,,A B C D 四点均位于图中的“晶格点”处,且,A B 的位置所图所示,则AB CD ⋅ 的最大值为________．【答案】24【解析】先建立直角坐标系,由向量投影知AB CD ⋅ 取最大值时()()()390,5,3,0,,,0,022C D A B ⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭ ,即AB CD ⋅ ()39345,3,5242222⎛⎫=--⋅--=+= ⎪ ⎪⎝⎭5．【江苏省泰州中学2018届高三12月月考】已知单位向量a , b 的夹角为120︒,那么2a xb -（x R ∈）的最小值是__________． 3 【解析】()()22222244cos1202413a xb a xbx x x x x -=-=+-︒=++=++ ∴ 2a xb-36．【江苏省溧阳市2017-2018学年高三第一学期阶段性调研】扇形AOB 中,弦2AB C =，为劣弧AB 上的动点, AB 与OC 交于点P ,则·OP BP 的最小值是_____________________． 【答案】14-【解析】设弦AB 中点为M,则()·OP BP OM MP BP MP BP ⋅=+=⋅ 若,MP BP 同向,则0OP BP ⋅>,若,MP BP 反向,则0OP BP ⋅<, 故OP BP ⋅的最小值在,MP BP 反向时取得,此时1MP BP +=,则： 2124MP BP OP BP MP BP ⎛⎫+⎪⋅=-⋅≥-=- ⎪⎝⎭, 当且仅当12MP BP ==时取等号,即OP BP ⋅的最小值是14-. 7．【苏北四市（淮安、宿迁、连云港、徐州）2017届高三上学期期中】已知AB 为圆O 的直径,M 为圆O 的弦CD 上一动点,8AB =,6CD =,则MA MB ⋅的取值范围是 ． 【答案】[9,0]- 【解析】试题分析：22216MA MB MO AO MO ⋅=-=-,而222[,][7,16]O CD MO d r -∈=,所以MA MB ⋅的取值范围是[9,0]-8．【泰州中学2017届高三上学期期中考试】在ABC ∆中,()30AB AC CB -=,则角A 的最大值为_________. 【答案】6π9．【泰州中学2017届高三上学期期中考试】在平面内,定点,,,A B C D 满足,4DA DB DC DA DB DB DC DC DA =====-,动点,P M 满足2,AP PM MC ==,则BM 的最大值是__________.【答案】321【解析】试题分析:设r DC DB DA ===||||||,则4cos cos cos 222-===γβαr r r .由题设可知0120===γβα,且2282=⇒=r r .建立如图所示的平面直角坐标系,则)0,6(),0,6(),23,0(C B A -,由题意点P 在以A 为圆心的圆上,点M 是线段PC 的中点.故结合图形可知当CP 与圆相切时,BM 的值最大,其最大值是123-.应填答案1.10．【2017届甘肃天水一中高三12月月考】已知ABC ∆中,过中线AD 的中点E 任作一条直线分别交边AB ,AC 于M ,N 两点,设AM xAB =,AN y AC =（0xy ≠）,则4x y +的最小值 ．【答案】94【解析】由已知可得AB x AM AE ME AD AE AD )41(4212-=-=⇒+==⇒+=AC y AB x AM AN MN AC +-=-=+,41,由=+⇒=+⇒=--⇒y x yx y x xMN ME 44114141// 49)425(41)45(41)11)(4(41=⋅+≥++=++y x x y y x x y y x y x . 11．【2017吉林长春五县高二理上学期期末】已知0m >,0n >,向量(),1,3a m =-与()1,,2b n =垂直,则mn 的最大值为 ．【答案】9【解析】因为向量(),1,3a m =-与()1,,2b n =垂直,所以60a b m n ⋅=+-=,即6m n +=,所以292()m n mn +≤＝,当且仅当3m n ==时取等号,所以mn 的最大值为9,故答案为9. 12．【2017河北武邑中学周考】已知直角梯形ABCD 中,BC AD //,90=∠ADC ,2=AD ,1=BC ,P 是腰DC 上的动点,则3PA PB +的最小值为________. 【答案】5【解析】如图所示,以直线,DA DC 分别为,x y 轴建立平面直角坐标系,则(2,0),(1,),(0,),(0,0)A B a C a D ,设(0,)(0)P b b a ≤≤,则(2,),(1,)PA b PB a b =-=-,所以3(1,5,34)PA PB a a b +=--,所以2325(34)5PA PB a b +=+-≥,所以3PA PB +的最小值为5.13．【2017学年河北武邑中学周考】在平面直角坐标系中,O 为原点,()0,1-A ,()3,0B ,()0,3C ,动点D 满足1CD =,则OA OB OD ++的最大值是________. 【答案】17+【解析】由题意可得,点D 在以(3,0)C 为圆心的单位圆上,设点D 的坐标为(3cos ,sin )θθ+,则71OA OB OD OA OB OC CD ++≤+++=．14．【2017届河北武邑中学高三周考】已知向量()1,1OA =,()1,OB a =,其中O 为原点,若向量OA 与OB 的夹角在区间0,12π⎡⎤⎢⎥⎣⎦内变化,则实数a 的取值范围是 ． 33a ≤≤【解析】因为),1(),1,1(a OB OA ==,所以a +=⋅1；又θcos 122a +⋅=⋅,故)1(21cos 2a a ++=θ,注意到]12,0[πθ∈,故]1,426[cos +∈θ,即]1,426[)1(212+∈++a a ,解之得333a ≤≤；应填答案333a ≤≤. 15．【2018届辽宁师范大学附属中学高三上学期期末】直角梯形ABCD 中, CB CD ⊥, AD BC ,ABD 是边长为2的正三角形, P 是平面上的动点, 1CP =,设AP AD AB λμ=+（λ, R μ∈）,则λμ+的最大值为__________．【答案】923+ 【解析】以C 为原点, CD 为x 轴, BC 所在直线为y 轴,建立直角坐标系, 1,CP =∴可设()()()cos ,,1,3,2,0CP sin AD AB αα==-=-, (,3,AC =- (cos 2,3,AP AC CP sin αα=+=-+因为AP AD AB λμ=+,所以()()cos 2,32,3sin ααλμλ-+=--3122{{3313122cos sin cos λαλμαλαμαα=+--=-⇒==-+,)13333cos 222λμαααϕ+=-+-+ 332≤=923+即λμ+的最大值为923+923+. 16.【2018届湖南师范大学附属中学高三上学期月考】已知向量,a b 夹角为3π, 2b =,对任意x R ∈,有b xa a b +≥-,则()2atb a tb t R -+-∈的最小值是__________．【答案】7 【解析】向量,a b 夹角为,23b π=,对任意x R ∈,有b xa a b +≥-,两边平方整理可得()222220x a ax b a a b +⋅-⋅≥,则()()2224420a b a a a b ∆=⋅+-⋅≤,即有()220a a b -⋅≤,即()0a a b ⋅-=,则()a b a -⊥,由向量,a b 夹角为,23b π=,由2cos3a ab a b π=⋅=⋅⋅,即有1a =,则2223a b a b a b -=+-⋅=,画出AO a =, AB b =,建立平面直角坐标系,如图所示,则()()1,0,3,A B ()()1,0,1,3a b ∴=-=- ()()22132a tb a tb t t∴-+-=-+()2222113421424t tt t t t ⎛⎫-+=-++-+= ⎪⎝⎭2222131********t t ⎡⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎢-+--++ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎢⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎢⎣,表示(),0P t 与1313,48M N ⎛⎛ ⎝⎭⎝⎭的距离之和的2倍,当,,M P N 共线时,取得最小值2MN ,即有2211337224848MN ⎛⎫⎛⎫=-++= ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,故答7. 17．【2018届江苏省泰州中学高三12月月考】在矩形ABCD 中, 3AB =, 1AD =,若M , N 分别在边BC , CD 上运动（包括端点,且满足BM CN BCCD=,则AM AN ⋅的取值范围是__________．【答案】[1,9]【解析】分别以AB,AD 为x,y 轴建立直角坐标系,则()()(0,03,0,3,1,0,1A B C D ），（）,设()(3,,,1M b N x ）,因为BM CN BCCD=,所以33x b -=,则()3=,1,=3,3x AN x AM -⎛⎫⎪⎝⎭,故()8=1033AM AN x x ⋅+≤≤,所以81193x ≤+≤,故填[1,9]. 18.【2018届安徽省蒙城“五校”联考】在ABC ∆中,点D 在线段BC 的延长线上,且12BC CD =,点O 在线段CD 上（与点,C D 不重合）,若()1AO xAB x AC =+-,则x 的取值范围是__________． 【答案】()2,0-19．【2017届四川双流中学高三训练】已知向量(),2a x =-,(),1b y =,其中x ,y 都是正实数,若a b ⊥,则2t x y =+的最小值是___________． 【答案】4【解析】由a b ⊥,得0=⋅b a ,即()()21,2,-=⋅-xy y x ,所以2=xy ．又x ,y 都是正实数,所以422222=⋅=⋅≥+=y x y x t ．当且仅当y x 2=时取得等号,此时2=x ,1=y ,故答案为：4．20．【2017届江苏南京市盐城高三一模考】在ABC ∆中,已知3AB =,3C π=,则CA CB ⋅的最大值为 . 【答案】32【解析】1cos 2CA CB ba C ab ⋅==,由余弦定理得：2232cos 23a b ab ab ab ab π=+-≥-=,所以32CA CB ⋅≤,当且仅当a b =时取等号21．【2017届浙江杭州地区重点中学高三上学期期中】已知△ABC中,4AB =,2AC =,|(22)|AB AC λλ+-（R λ∈）的最小值为若P 为边AB 上任意一点,则PB PC ⋅的最小值是 ．【答案】94-【解析】令()f λ＝22222|(22)|(22)2(22)AB AC AB AC AB AC λλλλλλ+-=+-+-⋅＝216λ＋24(22)λ-＋2(22)8cos A λλ-⋅＝216[(22cos )(2cos 2)1]A A λλ-+-+,当cos 0A =时,()f λ＝221116(221)16[2()]822λλλ-+=-+≥,因为>所以2A π=,则建立直角坐标系,(0,0)A ,(4,0),(0,2)B C ,设(,0)P x (04)x <<,则(4,0)PB x =-,(,2)PC x =-,所以PB PC ⋅＝(4)x x --＝2(2)4x --；当cos 0A ≠时,()f λ＝2116[(22cos )()2A λ--＋1cos]2A +≥88cos 12A +=,解得1cos 2A =,所以3A π=,则建立直角坐标系,(0,0)A ,(4,0),B C ,设(,0)P x (04)x <<,则(4,0)PB x =-,(1PC x =-,所以PB PC ⋅＝(4)(1)x x --＝259()24x --．综上所述,当52x =时,PB PC ⋅取得最小值94-．。
平面向量中最值、范围问题解题模板
因为 ，所以 ，所以 ，所以 ，故选：C.
【点睛】本题考查向量的数量积的最值求解，常常运用建立直角坐标系，利用坐标运算和转化为已知向量的方法，属于中档题.
8.在 中， ， ， ，点 是 边上的一点（包括端点），点 是 的中点，则 的取值范围是（）．
A. B. C. D.
【答案】B
3.如图，在 中， ，点 ， 分别在 ， 上，且 ， .若 与 相交于点 ，则 的取值范围是__.
【答案】 .
【分析】设 ， ，由三点共线的向量表示可设 ，结合已知条件进一步得到 ，
由此可得 ，结合余弦函数的有界性即可得出答案.
【解析】不妨设 ， ，由于 ， ， 三点共线， ， ， 三点共线，
故由平面向量基本定理可设， ，
7.已知AB是半圆O的直径，AB=2，等腰三角形OCD的顶点C､D在半圆弧 上运动，且OC=OD，∠COD=120°，点P是半圆弧 上的动点，则 的取值范围（）
A. B.
C. D.
【答案】C
【分析】建立直角坐标系，设出点C、D、P的坐标，利用向量的数量积运算和三角函数的性质可得选项.
【解析】以点O为原点，AB为x轴,垂直于AB的直线为y轴建立直角坐标系，如下图所示，
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】作出图像如下图所示，取 的中点为D，由 ，则P在以O为圆心，以1为半径的圆上，再由公式 ，可得选项.
【解析】作出图像如下图所示，取 的中点为D，则 ，因为 ，则P在以O为圆心，以1为半径的圆上，
则 .又 为圆O上的点P到D的距离，则 ，
∴ 的最小值为 .
故选：A.
【点睛】本题考查向量的数量积的最值，转化法是解决此类问题的常用方法，属于中档题.
平面向量中的最值问题
第4讲 平面向量中的最值问题【复习指导】本讲复习时，应结合平面向量数量积的定义及其几何意义，将有关的量表示出来，代数或几何方法求解最值与取值范围．基础梳理求最值的方法小结 ㈠．几何方法⑴．平面几何方法：两点之间线段最短、点到直线的距离最短、与圆有关的最值； ⑵．解析几何方法利用截距、斜率、两点之间的距离等几何意义求最值； 先求轨迹，后求最值㈡．代数方法⑴．函数方法：首先分析要求的量的变化和什么因素有关，从而选定变量，建立函数关系式，利用函数有关知识求解最值问题，另外有些问题需结合导数知识求解；⑵．利用基本不等式求解； ⑶．利用三角函数求解．双基自测㈠．求模的最值或范围 1．平几法求最值【例1】已知向量OA 和OB 的夹角为3π，||4OA =，||1OB =，若点M 在直线OB 上，则||OA OM -的最小值为________．23【练习1】[11大纲]设向量a ，b ，c 满足||||1a b ==，12a b ⋅=-，,60a c b c <-->=，则||c 的最大值等于________．【思路点拨】本题按照题目要求构造出如右图所示的几何图形，然后分析观察不难得到当线段AC 为直径时，||c 最大．【解】如图，构造AB a =，AD b =，AC c =，120BAD ∠=，60BCD ∠=，故A ，B ，C ，D 四点共圆，分析可知当线段AC 为直径时，||c 最大，最大值为2．【例2】[08浙江]已知a 是平面内的单位向量，若向量b 满足()0b a b ⋅-=，则||b 的取值范围是________ ．【解一】由()0b a b ⋅-=得，2||0b a b ⋅-=，即2||||cos ||0b a b θ-=，故||cos b θ=，即||b 的取值范围是[0,1]．【解二】也可以借助于几何意义求解，当0b =时，||0b =；当a b =时，||1b =．当0b ≠且a b ≠时，b 与a b -互相垂直，0||1b <<，即||b 的取值范围是[0,1]．【练习2】[08浙江]已知a ，b 是平面内两个互相垂直的单位向量，若向量c 满足：()()0a c b c -⋅-=，则||c 的最大值是___________．【解一】由()()0a c b c -⋅-=可得，2||()||||cos c a b c a b c θ=+⋅=+(其中θ为a b +与c 的夹角)，即||()||cos 2cos 2c a b c a b θθ=+⋅=+=≤，故||c 的最大值是2．【解二】作四边形OABC ，设,,OA a OB b OC c ===，则由已知得，90AOB ∠=，90ACB ∠=，故O ，A ，B ，C 四点共圆，故||c 最大为圆的直径为2．【练习2】已知a ，b 是平面内两个单位向量，若向量c 满足()()0a c b c -⋅-=，则||c 的最大值是 ．【解】不妨设(cos ,sin )a OA αα==，(cos ,sin )(02)b OB βββαπ==≤≤<，(,)c OC x y ==，则点C 的轨迹是以线段AB 为直径的圆，其圆心M 的坐标为cos cos sin sin (,)22αβαβ++，则原点到圆心的距离OM ==|cos|2αβ-=，半径r sin2αβ-==，故|||cos |sin 22c OM r αβαβ--≤+=+．若0αβπ≤-≤，则||2sin()24c αβπ-≤+≤当且仅当2παβ-=时取“=”，此时a b ⊥；若2παβπ<-<，则||2sin()24c αβπ-≤-≤当且仅当32παβ-=时取“=”，此时a b ⊥．故||c ．2．代数法求最值⑴．通过线性运算求最值【例3】[10浙江理]已知平面向量α，(0,)βααβ≠≠满足：||1β=，并且α与βα-的夹角为120，则||α的取值范围是____________．【解一】易知在ABC ∆中，60,1ABC AC ∠==．设ACB ϕ∠=，由正弦定理得，||||sin sin 60αβϕ=，故||33a ϕϕ==≤||a 的取值范围是． 【解二】由正弦定理得，OAC OC OCA OA ∠=∠sin sin ，即||1sin sin 60OCA α=∠︒，故1||sin 60α=⨯︒sin sinOCA OCA ∠=∠，因︒<∠<︒1200OCA ，故1sin 0≤∠<OCA ，故230||3α<≤．【解三】如图中圆的半径为||1β=，当︒=∠90OCA 时，max 1||sin 60OA α===︒如图1)，当C B →时，||0a →(如图2)．【练习3】已知G 为ABC ∆的重心，若120A =，2AB AC ⋅=-，则||AG 的最小值为 ．【解】由120A =，2AB AC ⋅=-得，||||4AB AC =，由平几知识可知，1()3AG AB AC =+，故2222211114||[()][()](||2||)(||||)33999AG AB AC AB AC AB AB AC AC AB AC =+⋅+=+⋅+=+-14844(2||||)99999AB AC ≥-=-=，即||AG 的最小值为23，不等式当且仅当||||2AB AC ==时取得最小值23．【例4】[11辽宁]若a ，b ，c 均为单位向量，且0a b ⋅=，()()0a c b c -⋅-≤，则||a b c +-的最大值为____________．【解一】由()()10a c b c a b b c a c -⋅-=⋅-⋅-⋅+≤可得，即()1a b c +⋅≥，而22||||a b c a b +-=+- 22()||32()a b c c a b c +⋅+=-+⋅，由()1a b c +⋅≥可知，||1a b c +-≤，故||a b c +-的最大值为1．【解二】(建系)(1,0)a =，(0,1)b =，(cos ,sin )c θθ=，由()()0a c b c -⋅-≤得，cos sin 1θθ+≥，而22||(1cos )(1sin )32(cos sin )a b c θθθθ+-=-+-=-+，故||1a b c +-≤．【解三】a b +表示以a ，b 为邻边的正方形的对角线，而c 的终点在以O 为圆心，1为半径的圆夹在a ，b 之间的四分之一圆周上，||a b c +-表示上述对角线的终点与c 的终点连线的距离，易知||1a b c +-≤．【练习4】[09安徽]给定两个长度为1的平面向量OA 和OB ，它们的夹角为120．如图所示，点C 在以O 为圆心的圆弧AB 上变动．若OC xOA yOB =+，其中,x y R ∈，则x y +的最大值是____________．【解一】设AOC α∠=，则,OC OA xOA OA yOB OA OC OB xOA OB yOB OB⎧⋅=⋅+⋅⎪⎨⋅=⋅+⋅⎪⎩，即1cos ,21cos(120)2x y x y αα⎧=-⎪⎪⎨⎪-=-+⎪⎩，故2[cos cos(120)]cos 2sin()26x y πααααα+=+-=+=+≤．【解二】222222223()()()()3()44x y x y OC xOA yOB x y xy x y xy x y ++=+=+-=+-≥+-=，故2()14x y +≤，故x y +的最大值是2． ⑵．通过向量的坐标运算求解最值【例5】在ABC ∆中，90A ∠=︒，1AB AC ==，点P 在边BC 上，则|2|PB PC +的最大值为 ． 【解】以A 为坐标原点，AB 所在直线为x 轴，AC 所在直线为y 轴，建立平面直角坐标系，则(0,0)A ，(1,0)B ，(0,1)C ，易知BC 的方程为1x y +=，故可设(,1)0,1P t t t -≤≤，易知(1,1)PB t t =--，(,)PC t t =-，则2(13,31)PB PC t t +=--，故|2|231|[0,PB PC t +=-∈，即|2PB + |PC 的最大值为22．【练习5】[11天津]已知直角梯形ABCD 中，//AD BC ，90ADC ∠=︒，2AD =，1BC =，P 是腰DC 上的动点，则|3|PA PB +的最小值为 ．【解一】以D 为坐标原点，DA 所在直线为x 轴，DC 所在直线为y 轴，建立如图的直角坐标系．由题设，(2,0)A ，设(0,)C c ，(0,)P y ，则(1,)B c ．(2,)PA y =-，(1,)PB c y =-．3PA PB +=(5,34)c y -．2|3|55PA PB +=≥，当且仅当34c y =时，等号成立，于是，当34cy =时，|3|PA PB +有最小值5．【解二】以相互垂直的向量DP ，DA 为基底表示PB PA 3+，得33PA PB DA DP PC +=-++ 53(3)2CB DA PC DP =+-．又P F是腰DC 上的动点，即PC 与DP 共线，于是可设DP PC λ=，有DP DA PB PA )13(253-+=+λ．故222255|3|||[(31)](31)42PA PB DA DP λλ+=+-+⨯- DA DP ⋅，即222225|3|||[(31)]25|(31)|4PA PB DA DP DP λλ+=+-=+-．由于P 是腰DC 上的动点，显然当31=λ，即DP PC 31=时，故|3|PA PB +有最小值5．【解三】如图，3PB PF =，设E 为AF 的中点，Q 为AB 的中点，则12QE BF PB ==，PA +32PB PA PF PE =+=，①因PB PQ PE +=，PB PQ QB -=．则22||||PB PQ PB PQ ++-=22222||2||||||PB PQ PE QB +=+②．(实际上，就是定理：“平行四边形的对角线的平方和等于各边的平方和”)设T 为DC 的中点，则TQ 为梯形的中位线，13()22TQ AD BC =+=．设P 为CT 的中点，且设,CP a PT b ==，则22||1PB a =+，229||4PQ b =+，221||()4QB a b =++，代入式②得2222||2||2(1)PB PQ a +=+ 222912()||()44b PE a b ++=+++，于是222525||()44PE a b =+-≥，于是2||5PE ≥，当且仅当a b =时，等号成立．由①式，|3|2||5PA PB PE +=≥，故|3|PA PB +有最小值5．小结：问题12---17中，首先要结合图形和已知条件选择几何方法(视为几何图形中的某些量)或者代数方法来表示向量的模，然后选择适当的解决范围或最值问题！㈡．求角的最值或取值范围【例6】[11浙江]若平面向量a ，b 满足：||1a =，||1b ≤，并且以向量,a b 为邻边的平行四边形的面积为12，则a 与b 的夹角θ的取值范围是 ． 【解】由平行四边形的面积为12知，则1||||sin ||sin 2S a b b θθ===，故1sin 2||b θ=，由||1b ≤知，1sin 2θ≥，故a 与b 的夹角θ的取值范围是5[,]66ππ． 练习6：㈢．求数量积的最值⑴．通过线性运算求最值①．基本不等式求最值【例7】[05江苏]在ABC ∆中，O 为中线AM 上一个动点，若2AM =，则()OA OB OC ⋅+的最小值是_________．【解】()(2)22||||(1)2||||2(OA OB OC OA OM OA OM OA OM OA OM ⋅+=⋅=⋅=⨯-=-≤-2||||)22OA OM +=-．②．函数法求最值练习7．[09全国I ]设a ，b ，c 是单位向量，且0a b ⋅=，则()()a c b c -⋅-的最小值为___________．【解】因a ，b ，c 是单位向量，故2()()()1||||12a c b c a b a b c c a b c -⋅-=⋅-+⋅+=-+=-cos ,12a b c <+>≥-．【例8】已知菱形ABCD 中，对角线3AC =1BD =，P 是AD 边上的动点，则PB PC ⋅的最小值为 ____ ．【解一】由已知可知，菱形ABCD 的边长为1，3BAD π∠=，故()()PB PC AB AP AC AP ⋅=-⋅-=222311||||2||(||1)222AB AC AC AP AB AP AP AP AP AP ⋅-⋅-⋅+=-+=-+≥，故PB PC ⋅的最小值为12． 【解二】以AC 所在直线为x 轴，BD 所在直线为y 轴，建立平面直角坐标系，则13(0,),(22B C -，0)，易知AD 所在直线的方程为3132y x =+，故设313(,),0322P t t t +-≤≤，则(PB t =-，33311),(,)3232PC t --=---，故2411322PB PC t ⋅=+≥，当且仅当0t =即点P 与点D 重合时，PB PC ⋅的最小值为12． 12．在R t △ABC 中，CA ＝CB ＝2，M ，N 是斜边AB 上的两个动点，且MN ＝2，则CM →·CN →的取值范围为 ▲ ．解析：以CA 、CB 所在直线为x 、y 轴，建立如图所示的平面直角坐标系，设M(x,y)，则x ＋y ＝2，y ＝2－x ，即M(x, 2－x)，又MN ＝2，所以点N 坐标为(x ＋1，2－x －1)，即N(x ＋1，1－x)，于是CM CN ⋅＝x(x ＋1)＋(2－x) (1－x)＝2x 2－2x ＋2＝2132()22x -+(0≤x ≤1)，故x ＝12时ACBQPDCM CN ⋅取最小值32，x ＝0或1时CM CN ⋅取最大值2，故CM CN ⋅的取值范围为⎣⎡⎦⎤32，2． 练习8：如图ABC ∆为正三角形，边长为2，以点A 为圆心，1为半径作圆，PQ 为圆A 的任意一条直径．⑴．若12CD DB =，求||AD ； ⑵．求CP BQ ⋅的最小值．⑶．判断CQ BP ⋅＋CP BQ ⋅的值是否会随点P 的变化而变化，请说明理由．【解】⑴．因13AD CD CA CB CA =-=-，故221||()3AD CB CA =-221242128224939329CB CB CA CA =-⋅+=-⨯⨯⨯+=，故27||3AD =． ⑵．设PAB θ∠=，则120CAQ θ∠=︒-，()()BQ CP AQ AB AP AC AQ AB ⋅=-⋅-=⋅-1112cos(120)12cos 221cos 2AQ AC AB AP AB AC θθθ=--⨯⨯︒--⨯⨯+⨯⨯=⋅-⋅+⋅--312sin()6πθθ=-+，当sin()16πθ+=时，即2,3k k Z πθπ=+∈时，CP BQ ⋅有最小值为1-．⑶．BP CQ BQ CP ⋅+⋅的值不随点P 的变化而变化！因()()1cos 312sin()6BP CQ BA AP CA AQ πθθθ⋅=+⋅+=+=++，由⑵知，BQ CP ⋅= 12sin()6πθ-+，故2BP CQ BQ CP ⋅+⋅=，故BP CQ BQ CP ⋅+⋅的值不随点P 的变化而变化．注：本题也可以建立平面直角坐标系来解决！取点A 为坐标原点，过点A 与BC 平行的直线为x 轴建立平面直角坐标系！⑵．通过向量的坐标运算求解最值①．通过线性规划求最值【例9】在正方形ABCD 中，已知2AB =，M 为BC 的中点，若N 为正方形内(含边界)的任意一点，则AM AN ⋅的最大值_ __．【解】以A 为原点，以AB 所在的为x 轴，因正方形ABCD 的边长为2，则(0,0)A ，(2,0)B ，(0,2)D ，设(,)N x y ，则(2,1),(,)AM AN x y ==，则,x y 满足条件(*)：02,02x y ≤≤⎧⎨≤≤⎩，则2AM AN x y ⋅=+，由(*)知，AM AN ⋅的取值范围是[0,6]．【练习9】已知中心为O 的正方形ABCD 的边长为2，点M ，N 分别为线段BC ，CD 上的两个不同点，且||1MN ≤，则OM ON ⋅的取值范围是 ________ ．【解】以A 为原点，以AB 所在的直线为x 轴，因正方形ABCD 的边长为2，则(1,1)O ，设(2,)M s ，(,2)N t ，则(1,1)OM s =-，(1,1)ON t =-，则由已知条件可知，s ，t 满足条件(*)：2202,02,(2)(2)1s t t s ⎧≤≤⎪≤≤⎨⎪-+-≤⎩(2s =与2t =不能同时成立！)，则2OM ON s t ⋅=+-，由(*)知，OM ON ⋅的取值范围是[22 2)-，． ②．函数法求最值【例10】[12上海]在平行四边形ABCD 中，3A π∠=，边AB ，AD 的长分别为2，1．若M ，N 分别是边BC ，CD 上的点，且满足||||||||BM CN BC CD =，则AN AM ⋅的取值范围是_______________．【解】如图建系，则1353(0,0),(2,0),(),(22A B D C ．设||||[0,1]||||BM CN t BC CD ==∈，则||,||2BM t CN t ==，故3(2,)22t M t +， 53(2,22N t -，故53(2)(2)222t AM AN t ⋅=+-+⋅ 22325(1)6()t t t f t =--+=-++=，因[0,1]t ∈，故()f t 递减，故max ()(0)AM AN f ⋅== min 5,()(1)2AM AN f ⋅==．[评注]当然从抢分的战略上，可冒用两个特殊点:M 在B (N 在C )和M 在C (N 在D )，而本案恰是在这两点处取得最值，蒙对了，又省了时间!出题大虾太给蒙派一族面子了!xy ABC DMN练习10．如图，半径为1圆心角为23π圆弧AB 上有一点C ． ⑴．当C 为圆弧AB 中点时，D 为线段OA 上任一点，求||OD OC +的最小值．⑵．当C 在圆弧AB 上运动时，D ，E 分别为线段OA ，OB 的中点，求CE DE ⋅的取值范围． 【解】⑴．以O 为原点，以OA 为x 轴正方向，建立如图坐标系，设22(,0)(01),(,)22D t t C ≤≤-，故22(,)22OC OD t +=-+，故22211||221(01)22OC OD t t t t t +=-++=-+≤≤，当22t =时，最小值为22．⑵．设3(cos ,sin )(0)2OC πααα=≤≤，故CE OE OC =-11(0,)(cos ,sin )(cos ,sin )22αααα=--=---，又1(,0)2D ，1(0,)2E -，故11(,)22DE =--，故1(cos sin )2CE DE αα⋅=+21sin()244πα=++，因7444πππα≤+≤，故1212[,]4242CE DE ⋅∈-+． 【例11】如图，在正方形ABCD 中，E 为AB 的中点，P 为以A 为圆心，AB 为半径的圆弧上的任意一点，设向量AC DE AP λμ=+，则λμ+的最小值为________________． 考点：平面向量的基本定理及其意义．分析：建立坐标系，设正方形ABCD 的边长为1，求出向量AC DE AP λμ=+=，(cos ,sin )(1,1)2λμθλμθ+-+=，用cos θ，sin θ表示λ和μ，根据cos θ，sin θ的取值范围， 求出32sin 2cos 2cos sin θθλμθθ+-+=+的最小值．【解】以A 为原点，以AB 所在的为x 轴，建立坐标系，设正方形ABCD 的边长为1，则1(,1)2E ，(1,1)C ，(0,1)D ，(0,0)A ，设(cos ,sin )P θθ，则(1,1)AC =．再由向量(2AC DE AP λλμ=+=+ cos ,sin )μθλμθ-+，故cos 12λμθ+=，sin 1λμθ-+=，故2sin 2cos 2cos sin θθλθθ-=+，μ= 32cos sin θθ+，故32sin 2cos 2cos sin θθλμθθ+-+=+．由题意得，02πθ≤≤，故0cos 1θ≤≤，0sin θ≤1≤，当cos θ取最大值1时，同时，sin θ取得最小值0，这时λμ+取最小值12．练习11：如图在Rt ABC ∆中，E 为斜边AB 的中点，CD AB ⊥，1AB =，则()()CA CD CA CE ⋅⋅的最大值是 ．BA E D CB【解一】记A θ∠=，则()()[cos (cos sin )sin ]CA CD CA CE θθθθ⋅⋅=422223111122(cos cos )cos sin cos cos (2sin )()2244327θθθθθθθ==≤=，故()()CA CD CA CE ⋅⋅的最大值是227．或设2sin t θ=，易知(0,1)t ∈，则421()()cos sin 2CA CD CA CE θθ⋅⋅==23211(1)(2)22t t t t t -=-+，记321()(2)2f t t t t =-+，则'211()(341)(31)(22f t t t t t =-+=-- 1)，由导数知识易知，max 12()()327f t f ==，故()()CA CD CA CE ⋅⋅的最大值是227． 【解二】以C 为原点，以CA 所在的直线为x 轴，因1AB =，则(0,0)C ，设A θ∠=，则(cos A θ，110),(cos sin sin ,cos sin cos ),(cos ,cos )22D E θθθθθθθθ，则2()()(cos CA CD CA CE θ⋅⋅=⋅224211sin )(cos )cos sin 22θθθθ=(下略)．【例12】如图，点P 是单位圆在第一象限上的任意一点，点(1,0)A -，点(0,1)B -，PA 与y 轴交于点N ，PB 与x 轴交于点M ，设PO xPM yPN =+，(,)x y R ∈，(cos ,sin )P θθ．⑴．求点M 、点N 的坐标，(用θ表示)； ⑵．求x y +的取值范围． 【解】⑴．cos (,0)1sin M θθ+，sin (0,)1cos N θθ+．⑵．由已知得，cos sin cos (cos ,sin ),(cos,sin )(,sin )1sin 1sin PO PM θθθθθθθθθ-=--=--=-++，sin sin cos (cos ,sin )(cos ,)1cos 1cos PN θθθθθθθθ-=--=-++，代入PO xPM yPN =+得，cos θ-sin cos (cos )1cos x y θθθθ=-+-+，整理得，sin (1sin )1sin x y θθθ++=+，sin sin x y θθ-=--⋅sin cos 1cos θθθ+，整理得，(1cos )cos 1cos x y θθθ++=+，将上两式相加可以得到：x y +=2sin cos 11111sin cos 1sin cos 12)4θθπθθθθθ++=+=++++++，由02πθ<<可知，2sin(2θ<+ )14π≤，故1+2)(2,12]4πθ+∈+，即1[1)212x y +∈+++，故3[2,)2x y +∈． 练习12．[10全国I 文理]已知圆O 的半径为1，PA ，PB 为该圆的两条切线，A ，B 为两切点，那么PA PB ⋅的最小值为 ．小结：首先要选择合适的形式表示数量积，然后是如何选择适当的量来表示数量积，再次是如何解决范围或最值问题！【解一】如图所示：设(0)PA PB x x ==>，APO α∠=，则2APB α∠=，PO =sin α=22422222(1)||||cos 2(12sin )11x x x x PA PB PA PB x x x αα--⋅==-==++，令y PA PB =⋅，则4221x x y x -=+，即42(1)0x y x y -+-=，由2x R ∈，故2[(1)]41y ∆=-+-⨯⨯()0y -≥，即2610y y ++≥，故3y ≤--3y ≥-+则min ()3PA PB ⋅=-+此时x =或：设21t x =+，则4221x x y x -=+可变形为2(1)(1)233t t y t t t---==+-≥，当且仅当t =，即x =min ()3PA PB ⋅=-+【解二】设,0APB θθπ∠=<<，则222cos 12||||cos ()cos (1tansin 22PA PB PA PB θθθθθ⋅===-2222(1sin )(12sin )222sin )2sin 2θθθθ--=，设2sin 2x θ=，则01x <≤，故(1)(12)x x PA PB x --⋅==1233x x+-≥．【解三】建系得，圆的方程为221x y +=，设11110(,),(,),(,0)A x y B x y P x -，则10(,PA PB x x ⋅=-222110111001)(,)2y x x y x x x x y ⋅--=-+-，又OA PA ⊥，故11101(,)(,)0x y x x y ⋅-=，即2110x x x -+210y =，故101x x =，故22222222110011011022(1)23PA PB x x x x y x x x x x ⋅=-+-=-+--=+-≥3．③．轨迹法求最值【例13】在周长为16的PMN ∆中，6MN =，则PM PN ⋅的取值范围是_______________． 【解】易知点P 在以MN 为焦点，长轴的长为10的椭圆上，以MN 所在直线为x 轴，线段MN 的中点为坐标原点，建立平面直角坐标系，则(3,0),(3,0)M N -，设(,)P x y ，则2212516x y +=，那么(3,)PM x y =+，(3,)PN x y =-，故22222169916972525x x PM PN x y x ⋅=+-=+--=+，由已知可知2[0,5)x ∈，故PM PN ⋅的取值范围是[7,16)．【练习13】[09安徽]给定两个长度为1的平面向量OA 和OB ，它们的夹角为90．如图所示，点C 在以O 为圆心的圆弧AB 上变动．若OC xOA yOB =+，其中,x y R ∈，则x y +的最大值是_____． 【解】以O 为原点，以OA 为x 轴正方向，建立如图坐标系，设(0,0)O ，(1,0)A ，(0,1)B ，设(,)C x y ，则已知2201,01,1x y x y ⎧≤≤⎪≤≤⎨⎪+=⎩，则由(,)OC xOA yOB x y =+=，由可行域可知，x y +．变题：22)1(y x +-的最大值为 ．[0,2]．④．放缩法求最值【例14】在平面直角坐标系xOy 中，设A ，B ，C 是圆221x y +=上相异三点，若存在正实数λ，μ，使得OC OA OB λμ=+，则22(3)λμ+-的取值范围是 ．【解一】设向量OA 与OB 的夹角为θ，则由OC OA OB λμ=+得，222cos 1λλμθμ++=，由,λμ为正实数及|cos |1θ<得，221112λμλμ---<<，即1λμ+>且||1λμ-<，作出可行域(不包括边界)，则22(3)λμ+-表示点(0,3)到这一区域的点的距离的平方，而点(0,3)到1λμ-=的，故22(3)λμ+-的取值范围是(2,)+∞．(亦可由OC OA OB λμ=+构成的平行四边形中的一个三角形三边长分别为1，λ，μ，则由两边之和大于第三边，即两边之差小于第三边得到1λμ+>且||1λμ-<)【解二】由存在正实数λ，μ，使得OC OA OB λμ=+，故向量OA 与向量OB 的夹角的范围是(0,)π，则向量OB 与向量OC 的夹角θ的范围是(0,)π，由OC OA OB λμ=+可知，OA OC λμ=- OB ，故2222222||()||2||12cos OA OC OB OC OB OC OB λμμμμμθ=-=-⋅+=+-，则22222(3)22(3cos )1028102(4)22λμμμθμμμ+-=-++>-+=-+≥，故22(3)λμ+-的取值范围是(2,)+∞．【练习14】在面积为2的ABC ∆中，E ，F 分别是AB ，AC 的中点，点P 在直线EF 上，则PC PB ⋅+ 2BC 的最小值是______________．分析：根据ABC ∆的面积为2，可得PBC ∆的面积为1，从而可得2||||sin PB PC BPC=∠，故2cos ||||cos sin BPCPB PC PB PC BPC BPC∠⋅=∠=∠，由余弦定理得，222||||||2||BC BP CP BP =+- ||cos CP BPC ∠，进而可得，2||2||||2||||cos BC BP CP BP CP BPC ≥-∠，从而PC PB ⋅+24cossin BPC BC BPC -∠≥∠，易得4cos sin BPCBPC-∠∠的最小值为从而可得2PC PB BC ⋅+的最小值为【解】因E ，F 分别是AB ，AC 的中点，故PBC ∆的面积为1，又PBC ∆的面积为：1||||2BP PCsin BPC ∠，则2||||sin BP PC BPC =∠．即2cos ||||cos sin BPCPB PC PB PC BPC BPC∠⋅=∠=∠，由余弦定理得，222||||||2||||cos BC BP CP BP CP BPC =+-∠．显然，||BP ，||PC 都是正数，故22||||2||||BP PC BP CP +≥，即2||2||||2||||cos BC BP CP BP CP BPC ≥-∠，则PC PB ⋅24cos ||||cos 2||||2||||cos sin BPCBC BP PC BPC BP PC BP PC BPC BPC-∠+≥∠+-∠=∠，令y =4cossin BPC BPC -∠∠，易得4cos sin BPCy BPC-∠=∠的最小值为2PC PB BC ⋅+的最小值为作业1．设向量(1,0),(sin θ,cos θ),0θπa b ，则||a b 的取值范围是 _______． 【解】易知(1sin ,cos )ab，则||22cos[0,2]ab ．2．已知O 为坐标原点，A ，B 是圆221x y +=分别在第一、四象限的两个点，(5,0)C 满足：3OA OC ⋅=，4OB OC ⋅=，则()OA tOB OC t R ++∈模的最小值为________．【解】设(cos ,sin )A αα，(cos ,sin )B ββ，则(cos ,sin )OA αα=，(cos ,sin )OB ββ=，由OA OC ⋅= 3及4OB OC ⋅=知，3cos 5α=，4cos 5β=，因A ，B 分别为在第一、四象限的两个点，故4sin 5α=，3cos 5β=-，即34(,)55OA =，43(,)55OB =-，则OA tOB OC ++=42843(,)55t t +-，故2||OA tOB OC t ++==≥．3．已知两个单位向量a 与b 的夹角为︒120，若||1a b λ+<，则实数λ的取值范围是 ．【解】因a 与b 是两个夹角为︒120的单位向量，则由||1a b λ+<知，222||2()||1a a b b λλ+⋅+<，即211λλ-+<，故实数λ的取值范围是)1,0(．4．若正方形ABCD 边长为1，点P 在线段AC 上运动，则()AP PB PD ⋅+的取值范围是 ． 【解】以A 为坐标原点，以AB 所在的直线为x 轴，因正方形ABCD 的边长为1，则(0,0)A ，(1,0)B ，(0,1)D ，设(,)P t t ，则(,)AP t t =，(1,)PB t t =--，(,1),[0,1]PD t t t =--∈．故()AP PB PD ⋅+ 224t t =-，由01t ≤≤知，()AP PB PD ⋅+的取值范围是1[2]4-，．5．已知平面向量a ，b ，c 满足|1a =|，|2b =|，a ，b 的夹角等于π3，且()()0a c b c -⋅-=，则||c 的取值范围是 ．【解】设CA a =，CB b =，CD c =，由|1a =|，|2b =|，a ，b 的夹角等于π3及正弦定理可知，2CAB π∠=，设BAD θ∠=，则||3cos BD θ=，由余弦定理得，22||13cos c θθ=+-3535cos()1(1cos 2)cos cos 22)22222πθθθθθθθϕ+=++=++=+，其中sin ϕ=,cos 77ϕ=，故255||[22c -+∈，即||c 的取值范围是．6．已知A 为单位圆与x 轴正半轴的交点，点P 在单位圆上，(0)AOP θθπ∠=<<，OQ =。
二轮复习专题二微重点8平面向量的最值与范围问题课件(57张)
→ →→ (2)在平行四边形 ABCD 中，A→B ＋2→AD＝λ→AC，λ∈[ 2，2]，则 cos∠BAD
|AB| |AD| |AC| 的取值范围是__－__34_，__－__14___.
因为
→ AB →
＋2→A→D＝λ→A→C，且A→B＋A→D＝A→C，
|AB| |AD| |AC|
所以λt＋μt ＝1，即 λ＋μ＝t∈(0,1]. 综上，λ＋μ的取值范围是[0,1].
考点二
求向量模、夹角的最值(范围)
例2 (1)已知e为单位向量，向量a满足：(a－e)·(a－5e)＝0，则|a＋e|的最
大值为
A.4
√
可设e＝(1,0)，a＝(x，y)， 则(a－e)·(a－5e)＝(x－1，y)·(x－5，y) ＝x2－6x＋5＋y2＝0， 即(x－3)2＋y2＝4， 则1≤x≤5，－2≤y≤2， |a＋e|＝ x＋12＋y2＝ 8x－4， 当 x＝5 时， 8x－4取得最大值为 6，
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6.(多选)(2022·武汉模拟)正方形 ABCD 的边长为 2，E 是 BC 的中点，如图， 点 P 是以 AB 为直径的半圆上任意一点，A→P＝λA→D＋μA→E(λ，μ∈R)，则 A.λ 的最大值为12
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当且仅当|b|＝ 25时，等号成立，
因为〈a，b〉＝θ，θ∈[0，π]，
所以 sin θ＝ 1－cos2θ≤ 即 sin θ 的最大值为23.
1－59＝23，
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4.如图，在直角梯形 ABCD 中，AD∥BC，AB⊥BC，AD
＝1，BC＝2，P 是线段 AB 上的动点，则|P→C＋4P→D|的
若向量c＝λa＋μb(λ＋μ＝1，λ，μ∈R)，且a·c＝b·c，则|c|的最大值为
破解平面向量最值问题的两个“妙招”
平面向量最值问题一般与动点、参数有关.这类问题具有较强的综合性，通常会考查平面向量的基本定理、共线定理、运算法则、公式，平面几何图形的性质.本文结合例题探讨一下破解平面向量最值问题的两个妙招.一、建立坐标系当遇到与等腰三角形、平行四边形、矩形、圆等规则平面几何图形有关的问题时，可根据几何图形的特点，建立合适的平面直角坐标系，求得各个点的坐标，各条线段的方向向量，便可通过向量的坐标运算求得目标式，再利用二次函数的性质、基本不等式等求得目标式的最值，即可解题.例1.在平面四边形ABCD 中，AB ⊥BC ，AD ⊥CD ，∠BAD =120°，AB =AD =1，若点E 为边CD 上的动点，则 AE ∙ BE 的最小值为_____.解：以点D 为原点，DA 所在的直线为x 轴，DC 所在的直线为y 轴建立平面直角坐标系，设E ()0,t ，t ∈[]0，3，则A ()1,0，B æèçø32，C ()0,3，因为 AE ∙ BE =()-1×æèöø-32+t æèçøt-=t 2+32=æèçøt 2t +2116，所以当t = AE ∙ BE 取最小值2116.解答该题，需根据已知条件AD ⊥CD ，来建立平面直角坐标系.求得点A 、B 、C 、D 、E 的坐标，并设出点E 的坐标，便可根据向量的数量积公式求得AE ∙BE 的表达式，最后根据二次函数的性质求得最值.二、几何性质法平面向量具有“数”“形”两重身份.因此在解答平面向量问题时，往往可采用几何性质法来求解.可根据向量的三角形法则、平行四边形法则，绘制相应的几何图形，将向量之间的关系转化为几何关系，灵活运用平面几何图形的性质，如圆、矩形、三角形、平行四边形的性质，寻找到使目标式取最值的临界情形，从而求得最值.例2.已知A 、B 是圆C ：()x -12+()y -22=4上的两点，若平面内存在一点Q 使得 QC =λ QA +()1-λQB ，λ∈R ，点P 在直线l ：3x +4y +4=0上，求 PA ∙PB 的最小值.解：∵ QC =λ QA +()1-λQB ，λ∈R ，∴A 、B 、C 共线，即AB 是圆C 的直径，∵ BA = PA -PB ，2 PC = PA + PB ,∴ BA 2= PA 2+ PB 2-2 PA ∙ PB ，①4 PC 2= PA 2+ PB 2+2 PA ∙PB ，②由①②可得 PA ∙ PB = PC 2-14BA 2= PC 2-4，∵点C ()1,2到直线l ：3x +4y +4=0距离为3，∴ PC 2最小值为9，即 PA ∙PB 的最小值为5.解答本题,需先根据平面向量的共线定理证明A 、B 、C 三点共线，根据圆对称性得出结论：AB 是圆C的直径，然后利用向量的模的公式和向量的数量积公式求得 PA ∙ PB 的表达式，将求 PA ∙PB 的最小值转化为求|| PC 的最小值.而C 为顶点，P 点在直线l 上，只需根据点到直线的距离公式即可求得最小值.例3.已知e 为单位向量，非零向量a 与e的夹角为π3，b 2-4e ∙b +3=0，求||||a -b 的最小值.解：设 OA =a ，OB =b， OC =e ，若OC 在x 轴上，且点A 位于第一象限中，∵a 与e 的夹角为π3，∴点A 在斜率为π3的射线上，考点透视马小芹39设点B 为()x ,y ，由b 2-4e ∙b+3=0得()x -22+y 2=1，即点B 在圆()x -22+y 2=1上，∵||||a -b =|| OA - OB =|| BA ，∴||||a -b 的最小值为点B 到射线OA 的最短距离，即圆心()2,0到射线y =3x 的距离减去半径，∴||||a -b min=3-1.首先以单位向量e 作为解题的突破口，假设e 为水平方向的单位向量，然后将问题中的各个条件转换为几何关系，如将“a 与e 的夹角为π3”转化为“点A 在斜率为π3的射线上”；根据()x -22+y 2=1，将点B 看作圆()x -22+y 2=1上的点，将“||||a -b 的最小值”转化为“点B 到射线OA 的最短距离”等，根据圆的性质来求最值.运用几何性质法解答平面向量最值问题，需仔细研究向量的几何意义，联系直线、中点的向量表达形式，把向量以点和图形的形式呈现出来，将向量的最值问题等价转化为平面几何中的距离、角度的最值问题，结合平面几何图形的性质来求解.虽然平面向量最值问题较为复杂，但是我们只要能根据图形的特点建立合适的平面直角坐标系，根据向量的几何意义构造平面几何图形，便能通过向量的坐标运算，利用平面几何图形的性质，求得问题的答案.本文系江苏省陶研会立项课题《高中生小组合作学习下数学错题反思的有效性研究》（课题批准文号：JSTY624）研究成果（作者单位：江苏省泗洪姜堰高级中学）考点透视特殊与一般思想是重要的数学思想.在解答数学问题时，将特殊问题一般化，有助于了解、掌握问题的本质和通性通法；将一般问题特殊化，有利于快速找到解题的突破口.下面主要谈一谈特殊与一般思想在解答不等式问题中的应用.一、将一般性的问题特殊化将一般性的问题特殊化，需把研究对象或问题从原有的范围缩到较小范围或个别情形进行考查.在一般情况下成立的命题，在一些满足题意的特殊情形下也必然成立.因此，在解答某些含有参数、不确定变量的不等式问题时，可以从题目中的已知条件出发，通过尝试寻找特殊情形，如赋特殊值，考查特殊数，取特殊点、特殊位置，考虑特殊图形等，从中寻得启示.获得结果后，再对其进行验证，便可快速解题.例1.如图，若数轴上A 、B 两点分别表示实数a 、b ，则下列结论正确的是（）.A.a +b >0B.ab >0C.|a |-|b |>0D.a -b >0分析：题目中的A 、B 、a 、b 的大小均不确定，很难直接得到正确的选项，不妨运用特殊与一般思想，将问题特殊化，根据题意给a 、b 赋予特殊值，将其代入四个选择中进行运算，即可得到正确的答案.解：通过观察数轴，可以得出a <-1，0<b <1，令a =-2，b =0.5，则a +b =-1.5<0，ab =-1<0，|a |-|b |=1.5>0，a -b =-2.5<0，故选C.对于选择题，可通过特殊个例来寻求满足一般情况的结论，将其推广到一般性的问题上，从而获得一般性问题的答案.在运用特殊与一般思想解题时，要关注一些特殊情形：如区间的端点、曲线的切点、中点等，从特殊情形入手，以便将一般性的问题特殊化.例2.已知x i ≥0(i =1,2,3,…,n )，且∑i =1nx i =1，求证：1≤∑i =1n x i ≤n .分析：该例题中的未知量较多，不容易入手，根据化多为少的原则应想办法减少未知量的个数，让问题纪婷吴明忠40。
平面向量与复数专题培优课平面向量中的最值范围问题课件-2025届高三数学一轮复习
A．－12
B．－1
C．－2
D．－4
答案：B
题型三 与向量的模有关的最值(范围)问题
例 3 设向量a，b满足|a|＝|b|＝1，a·b＝0，若向量c满足|c－a－b|＝1，
则|c|的取值范围是( )
A．[ 2－1， 2＋1] B．[ 2－1， 2＋2]
C．[1， 2＋1]
D．[1， 2＋2]
答案：A
解析：∵|a|＝|b|＝1，a·b＝0，且|c－a－b|＝|c－(a＋b)|＝1， ∴作出图象如图，由图可知，|c|最小值为 2－1，最大值为 2 ＋1.故选A.
题后师说 与向量的模有关的最值(范围)问题的两种常用方法
(1)代数法，把所求的模表示成某个变量的函数，或通过建立平面直 角坐标系，借助向量的坐标表示；需要构造不等式，利用基本不等式， 三角函数，再用求最值的方法求解；
巩固训练4 平面向量a，b满足|a|＝|b|，且|a－3b|＝1，则cos 〈b，3b－a〉的最 小值是________．
答案：2 2
3
1 ． 已 知 向 量a ， b ， c满 足a ＝(3 ，0) ，b ＝(0 ，4) ，c ＝λa ＋(1 －
λ)b(λ∈R)，则|c|的最小值为( )
A．56
答案：B
题后师说 与数量积有关的最值(范围)问题的两种常用解法
(1)坐标法：通过建立直角坐标系，运用向量的坐标运算转化为代数 问题处理．
(2)向量法：运用向量数量积的定义、不等式、函数性质等有关知识 解决．
巩固训练2
[2024·山东滨州模拟]在△ABC中，AB＝2，AC＝3，∠BAC＝60°，
M是线段AC上任意一点，则MB·MC的最小值是( )
答案：C
求解平面向量最值问题的几个途径
思路探寻平面向量最值问题通常要求根据给出的条件，求向量的模的最小值、数量积的最大值、夹角的最值等.解答此类问题，需要根据已知条件和向量知识，求得目标式，然后把问题转化为函数问题、几何最值问题.与此同时，由于平面向量具有“数”与“形”的双重身份，所以在解题时要灵活运用数形结合思想.那么求解这类问题有哪些途径呢？下面举例说明.一、根据三角函数的有界性对于一些与向量的数量积、夹角、模有关的最值问题，通常可根据向量的数量积公式，通过向量运算求得目标式.此时目标式为关于某个夹角的三角函数式，那么就可以将问题看作三角函数最值问题.通过三角恒等变换化简目标式，便可利用三角函数的有界性求得最值.在利用三角函数的有界性求最值时，要明确夹角的取值范围，熟悉并灵活运用正弦、余弦、正切函数的单调性和有界性.例1.如图1，若△ABC 中，AB =2，∠ACB =π4，O 是△ABC 外接圆的圆心，则 OC ∙ AB + CA ∙CB 的最大值为______.解：因为∠ACB =π4，O 是△ABC 外接圆的圆心，则∠AOB =2∠ACB =π2，又因为AB =2，所以OA =OB =2，即外接圆的半径r =2.则 OC ∙ AB + CA ∙ CB = OC ∙() OB - OA +()OA - OC ∙()OB - OC= OC ∙ OB - OC ∙ OA + OA ∙ OB - OA ∙ OC - OC ∙ OB + OC 2= OA ∙ OB + OC 2-2 OA ∙ OC ,因为∠AOB =π2，OA ⊥OB ，即 OA ∙ OB =0.故 OC ∙ AB + CA ∙ CB = OC 2-2 OA ∙ OC =|| OC 2-2|| OA ∙||OC cos ∠AOC =2-4cos ∠AOC ，因为A 与C 不重合，所以 OA 与OC 的夹角的范围为(]0,π，故-1≤cos ∠AOC <1，所以当cos ∠AOC =-1，即当O 为AC 的中点时， OC ∙ AB + CA ∙CB 取得最大值2-4×()-1=6.首先根据三角形和圆的性质、向量的数量积公式求得目标式，将所求目标转化为有关∠AOC 的三角函数式；然后确定∠AOC 的取值范围，即可根据余弦函数的有界性确定目标式的最值.图1图2二、利用平面几何图形的性质对于与图形有关的平面向量问题，通常可先根据向量的几何意义画出几何图形，并确定向量所表示的点的轨迹；然后分析图形中点、线、图形之间的位置关系，利用平面几何图形的性质求最值.例2.在矩形ABCD 中，AB =2，BC =3，2 BE =EC ，P 是平面ABCD 内的动点，且 AP ∙ AB =AP 2.若0<t <1，则|| BE +t DE +|| PE +(t -1)DE 的最小值为______.解：由 AP ∙ AB = AP 2知： AP ∙( AB - AP )= AP ∙ PB =0,即 AP ⊥ PB ，所以P 在以AB 为直径的圆上，F 为圆心，于是以B 为原点，以BC 、BA 分别为x 、y 轴建立如图2所示的平面直角坐标系，所以A (0,2),D (3,2),E (1,0),F (0,1)，若P (x ,y )，则x 2+(y -1)2=1，则 BE =(1,0), DE =(-2,-2),PE =(1-x ,-y )，所以 BE +tDE =(1-2t ,-2t )， PE +(t -1)DE =(3-x -2t ,2-y -2t )，则|| BE +t DE +|| PE +(t -1)DE 可看作点H (3-2t ,2-2t )到G (2,2)、P (x ,y )的距离之和，又(3-2t ,2-2t )在直线x -y -1=0上，1<x <3，由图2可知G (2,2)关于DE 对称点为G ′(3,1)，故(|PH |+|GH |)min =|FG ′|-1=2，此时x =2,y =1,t =12.我们先根据矩形的特征建立平面直角坐标系；然后设P 点的坐标，求得各个向量的坐标以及 BE +tDE 、 PE +(t -1)DE 的表达式，即可根据其几何意义，将求||BE +t DE +|| PE +(t -1) DE 的最小值转化为求点H (3-2t ,2-2t )到G (2,2)、P (x ,y )的距离之和的最小值；最后根据矩形和圆的对称性，确定H 的位置，即可求得最小值.47思路探寻例3.已知非零平面向量a ，b ，c 满足||||a -b =2，且(c -a )∙(c -b )=0，若a 与b 的夹角为θ，且θ∈éëùûπ6,π3，则||c 的最大值是______.解：根据题意，作出如图3所示的图形.令a =OA,b = OB,c = OC，可得：||AB=2，且∠ACB=90°，取AB中点为M，则||CM=12||AB=1，则点C在以AB为直径的圆M上运动.由图可知，当O,M,C三点共线时，|| OC取得最大值，即|| OCmax=|| OM+1；不妨设三角形OAB的外接圆圆心为G，则GM⊥AB，在三角形OAB中，由正弦定理可得：2||OG=ABsinθ，即||OG=1sinθ,θ∈éëùûπ6,π3，故当θ=π6时，||OG max=2，||GM max=||OG2max-1=3；当O,M,G三点共线时，|| OM取得最大值，此时|| OMmax=||OG max+||GM max=2+3.故当θ=π6，且O,M,G,C四点共线时,|| OC max=3+3.根据题意和向量的几何意义作出几何图形，便可根据平面向量的基本定理以及正弦定理，确定||c 取得最大值的情形：O,M,G,C四点共线，即可利用数形结合思想求得最值.图3图4三、利用二次函数的性质在求解向量的最值问题时，可根据题意选取合适的基底，将目标式用基底表示出来，建立关于参数的关系式；也可根据题意建立适当的直角坐标系，通过平面向量的坐标运算，求得各点的坐标、向量的坐标以及目标式.最后将问题转化为函数最值问题，利用二次函数的性质来求最值.例4.已知在菱形ABCD中，AB=6,∠BAD=60°，CE=2EB，CF=2FD，点M在线段EF上，且AM=xAB+12 AD.若点N为线段BD上一个动点，则 AN∙ MN的最小值为______.解：因为CE=2EB，CF=2FD，所以BE=13 BC， DF=13 DC，所以AE=AB+BE=AB+13 AD，AF=AD+DF=13 AB+ AD，因为点M在线段EF上，可设AM=λAE+(1-λ)AF=λ(AB+13 AD)+(1-λ)·(13 AB+ AD)=(13+23λ) AB+(1-23λ) AD，而AM=xAB+12 AD，所以ìíîïïx=13+23λ,1-23λ=12,解得λ=34，x=56，所以 AM=56 AB+12 AD，则|| AM2=æèöø56 AB+12 AD2=2536 AB2+56 AB∙ AD+14 AD2=49，所以|| AM=7，因为点N为线段BD上一个动点，可设AN=μAB+(1-μ)AD，μ∈[]0,1，所以MN=AN-AM=μAB+(1-μ)AD-(56 AB+12 AD)=(μ-56) AB+(12-μ) AD，所以AN∙MN=[μAB+(1-μ)AD]∙[(μ-56) AB+(12-μ)AD]=μ(μ-56) AB2+(-2μ2+73μ-56) AB∙ AD+(1-μ)(12-μ) AD2=36μ2-42μ+3=36æèöøμ-7122-374≥-374，则当μ=712时， AN∙ MN的最小值为-374．由于∠BAD=60∘，AB=6，所以以向量AB,AD为基底，根据平面向量的线性运算法则和数量积公式，求AN∙MN的表达式，最终将问题转化为二次函数的最值问题.通过配方，根据二次函数的单调性即可求得目标式的最值.由此可见，求解平面向量最值问题，关键是运用转化思想和数形结合思想，通过平面直角坐标系、平面向量的坐标运算法则、平面向量基本定理、向量的几何意义，根据目标式的结构特征，将原问题转化为三角函数、平面几何、二次函数最值问题.（作者单位：甘肃省康乐县第一中学）48。
高考数学核心题型 平面向量中的最值问题
C(1,4)．又 kBC＝－43，故 BC：y＝－43(x－4)．又A→P＝mA→B＋nA→D，A→B＝(4,0)，A→D＝
(0,4)，所以A→P＝(4m,4n)，故 P(4m,4n)．又点 P 在直线 BC 上，即 3n＋4m＝4，即
4
m1 ＋1n
＝
(3n
＋
4m)
m1 ＋1n
＝
7
＋
3n m
＋
4m n
2. 如图，在同一平面内，点 A 位于两平行直线 m，n 的同侧，且 A 到 m，n 的距离 分别为 1,3.点 B，C 分别在 m，n 上，|A→B＋A→C|＝5，则A→B·A→C的最大值是________．
21 4
解析：解法 1：以直线 n 为 x 轴，过 A 且垂直于 n 的直线为 y 轴，建立如图所
x1＋2cosθ＋y1＋2sinθ－1＝0， xy11－－csoinsθθ×－1＝－1，
可得xy11＝ ＝11－ －scionsθθ，， 即 Q(1－sinθ，1－cosθ)．
所以O→P·O→Q＝cosθ(1－sinθ)＋sinθ(1－cosθ)＝sinθ＋cosθ－2sinθcosθ. 令 t＝sinθ＋cosθ＝ 2sinθ＋π4，则 t∈1， 2，且 2sinθcosθ＝t2－1. 故O→P·O→Q＝f(t)＝－t2＋t＋1＝－t－122＋54，所以O→P·O→Q的取值范围为 2－1，1.
x≥0，总有 3x＋a2x－x3≤3a，即(x－a)(x2＋ax－3)≥0 对 x≥0 恒成立，故 a 是函数
y＝x2＋ax－3
的零点，解得
a＝
6 2.
5. 在等腰梯形 ABCD 中，已知 AB∥DC，AB＝2，BC＝1，∠ABC＝60°.动点 E 和
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05、与平面向量有关的定值最值问题
一、例题分析
1、如图，直角梯形ABCD 中，AD ⊥AB, AB//DC , AB=4,AD=DC=2,设点N 是DC 边的中点，
点M 是梯形ABCD 内或边界上的一个动点，则AM AN ⋅的最大值是
A 、4
B 、6
C 、8
D 、10
2、如图，点M 为扇形AOB 的弧的四等分点，动点D C ,分别在线段OB OA ,上，
且.BD OC =若1=OA ，120AOB ︒∠=，则||||+的最小是 ．
3．在ABC ∆中，D 是BC 边上一点，3BD DC =，若P 是线段AD 边上一动点，且2AD =，则)3(+⋅的最小值为 ．
4．动点P （x ，y ）满足1,25,3,y x y x y ≥⎧⎪+≤⎨⎪+≥⎩
点Q 为（1，－1），O 为坐标原点，||OP OP OQ λ=⋅，则λ的取
值范围是
A
．[55-- B
． C
．[55- D
．[,55
-
5．已知M ，N 为平面区域360y 200x y x x --≤⎧⎪-+≥⎨⎪≥⎩
内的两个动点，向量(1,3)a =，则a MN ⋅的最大值是____．
二、巩固练习
6、已知两个单位向量,满足：0)()(,0=-⋅-=⋅，则||的最大值为
A.1
B.2
C.3
D.2
7、已知点),(y x P 在由不等式组⎪⎩
⎪⎨⎧≥-≤--≤-+010103x y x y x 确定的平面区域内，O 为坐标原点，点A （-1,2），则
5B
．5
53 C ．０ D ．5
8．平面向量,a b 满足：4=⋅
3=-
的最大值与最小值的和是 .
9.已知ABC ∆
中，4,AB AC BC ===P 为BC 边所在直线上的一个动点，则()AP AB AC ⋅+满足
A.最大值为16
B.最小值为4
C.为定值8
D.与P 的位置有关
10．已知O 是坐标原点，点(1,1)A -若点(,)M x y 为平面区域212x y x y +≥⎧⎪≤⎨⎪≤⎩
上的一个动点，则OA OM ⋅的取值
范围是
A 、[1,0]-
B 、[0,1]
C 、[0,2]
D 、[1,2]-
11．A,B,C 为平面上三点，若1AB =,2CA CB =，则CA CB ⋅的最大值为
A ．
23
B ．2 C
D ．3 12．已知O 为原点，点A ，B 的坐标分别为),0(),0,(a a ，a 是正的常数，点P 在线段AB 上，且）
（1t 0AB t AP ≤≤=→--→--，则→--→--⋅OP OA 的最大值是
A ．a
B ．a 2
C ．2a
D ．a 3 13．向量b a ,满足3||=a ，且b 与a b -的夹角为30︒，则|b |的最大值为
A ．2
B ．4
C ．6
D ．8 14．设点G 是ABC ∆的重心，若 120=∠A ， 1-=⋅，则的最小值是 A 、33 B 、32 C 、32 D 、4
3 15．在△ABC 中，已知9,sin cos sin ,6ABC AB AC B A C S ∆⋅==⋅=，P 为线段AB 上的点，且 ,||||CA CB CP x y xy CA CB =⋅
+⋅则的最大值为 A ．1 B ．2 C ．3
D ．4 16. 已知y x +===,2||||，且2=+y x ，若||t -的最小值为3，则||的最小值是
A 、32
B 、2
C 、3
D 、1
17、已知向量a ，b 、→c 满足→→→→=++0c b a ，→
→→→-=b a c c 与,32所成的角为 120，则当时R t ∈，|)1(|t t -+的取值范围是 ．
18、在直角梯形ABCD 中，3,1,===⊥AB DC AD AD AB ，动点P 在以点C 为圆心，且与直线BD 相切的圆内运动，设),(R b a AB b AD a AP ∈+=，则b a +的取值范围是
A 、]34
,0( B 、]35,34[ C 、)34,1( D 、)3
5,1(
13、平面向量的定值最值值问题答案：
1、B
2、34-
3、—4
4、D
5、40
6、B
7、C
8、5
9、C 10、C 11、B 12、C
13、C 14、B 15、C 16、A 17、),23[+∞ 18、D。