2017年全国中学生物理竞赛第30届复赛考试试题详解

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30届全国中学生物理竞赛(复赛)模拟试题(一)

30届全国中学生物理竞赛(复赛)模拟试题(一)

30届全国中学生物理竞赛(复赛)模拟试题(一)第一题:(20分)光子火箭从地球起程时初始静止质量(包括燃料)为M0,向相距为R=1.8×1061.y.(光年)的远方仙女座星飞行。

要求火箭在25年(火箭时间)后到达目的地。

引力影响不计。

1)、忽略火箭加速和减速所需时间,试问火箭的速度应为多大?2)、设到达目的地时火箭静止质量为M0ˊ,试问M0/ M0ˊ的最小值是多少?第二题.(20分)有一个两端开口、粗细均匀的U型玻璃细管,放置在竖直平面内,处在压强为0p的大气中,两个竖直支管的高度均为h,水平管的长度为2h,玻璃细管的半径为r,r«h,今将水平管内灌满密度为ρ的水银,如图所示。

1.如将U型管两个竖直支管的开口分别封闭起来,使其管内空气压强均等于大气压强,问当U型管向右作匀加速移动时,加速度应多大才能使水平管内水银柱长度稳定为h35。

2.如将其中一个竖直支管的开口封闭起来,使其管内气体压强为1atm,问当U型管绕以另一个竖直支管(开口的)为轴作匀速转动时,转数n应为多大才能使水平管内水银柱长度稳定为h35。

(U型管作以上运动时,均不考虑管内水银液面的倾斜)(1)图所示为一凹球面镜,球心为C,内盛透明液体,已知C至液面高度CE为40.0cm,主轴CO上有一物A,物离液面高度AE恰好为30.0cm时,物A的实像和物处于同一高度。

实验时光圈直径很小,可以保证近轴光线成像。

试求该透明液体的折射率n。

(2)体温计横截面如图所示,已知细水银柱A离圆柱面顶点O的距离为2R,R为该圆柱面半径,C为圆柱面中心轴位置。

玻璃的折射率n=3/2,E代表人眼,求图示横截面上人眼所见水银柱像的位置、虚实、正倒和放大倍数。

第四题(25分)左图为一无限多立方“格子”的电阻丝网络电路,每两节点之间电阻丝的电阻均为R,其中A、B两节点位于网络中部。

右图电路中的电源电动势(内阻为0)均为 ,电阻均为r。

若其中的a、b两节点分别与左图所示的电路中的A、B两节点相连结,试求流入电阻丝无限网络的电流。

2017年初中物理竞赛试题参考答案和评分标准

2017年初中物理竞赛试题参考答案和评分标准

2017年初中物理竞赛试题参考答案和评分标准一、单项选择题(每小题3分,共18分)1.B2.C3.D4.A5.A6.A二、填空题(第7-8题每题3分,第9题4分,第10题3分,共13分)7.保持F竖直向上8.6N9. 0 1010.红绿蓝白反射红光三、实验设计题(每题6分,共18分)11.器材:篮球、带阀门(夹子)的胶管、打气筒、天平、量筒、水、水槽操作步骤:(1)取一球胆(篮球)接一根带阀门(夹子)的胶管,用打气筒向球内打足气后,用天平称出其质量m1.(2)如图所示,用排水集气法在量筒中收集气体,集气完毕后,拧紧夹子,上下移动量筒,使其内外水平面一样高,以保证内外气体压强相等,然后由量筒刻度读出气体体积V.(3)再用天平称出放出气体后篮球的质量m2,篮球体积不变,避免篮球浮力对测量的影响。

则量筒内气体的质量为m1-m2.(4)空气的密度注:实验要考虑到压强和浮力对实验的影响,否则最多得3分12.如图(有错不给分) 13.如图(有错不给分)四、计算题(共27分)14.开关S 闭合,L 1和L 2并联后与L 3串联。

L 3为“6V 、 1W ”,它的电阻为:R 3=U 2/P 3=36Ω。

(1分)L 1和L 2为“6V 10W ”,电阻均为R=U 2/P=3.6Ω。

总电阻R 总=R 3+R/2=37.8Ω(1分) 通过L 3的电流I 3=U /R 总=0.16A (1分)L 3的功率P 3=I 2R=0.92W ,与L 3的额定功率(1W)相差不多,L 3能发光.(2分) L 1和L 2并联,通过每只灯泡的电流I 1=I 2=I 3/2=0.08A ,L 1的实际功率为P 1=I 2R=0.023W ,比它的额定功率10W 小得多,L 1不能发光。

同理,L 2也不能发光。

(2分)15.解:(1)F 浮=ρ水gV 排 =1×103kg/m 3×10N/kg ×4×10-2m 3=400N (2分) (2)P =Fυ P 1= F 1υ绳=2 F 1υ P 2= F 2υ绳 =2 F 2υ21F F =21P P =1516 ① (2分) (3)在匀速提升水中物体M 的过程中,以动滑轮A 和物体M 为研究对象,受力分析如图3甲所示;在匀速提升水中物体M 的过程中,以动滑轮B 和物体M 为研究对象,受力分析如图图32F 1 F 浮 G 1G 甲 2F 2F 浮G 2G 乙3乙所示。

第30届全国中学生物理竞赛复赛模拟试题第2套答案

第30届全国中学生物理竞赛复赛模拟试题第2套答案
x 方向受电场力为:
0 1 Q k k Qkl Q F 2 dy y dy y 0 l /2 l / 2 2 2 4 l/2
(3 分)
(1) 由于上下电量相反, y 方向地强不变,故钉子 y 方向不受力。
(3 分)
(3 分)
故钉子压力为
(2 分)
(2 分) (2 分)
5
4 杆③
得到
8 mg , N3 mg N1 10 10
杆④
由受力平衡 得到
N6
N6 N3 mg N1
3 mg 10
(2 分)
分析杆上提供力矩规律,发现极值只可能出现在受力点处,分析各受力点提供力矩大小,找 到最大值:
M2 8 mg 0.25m mg 0.2m 10 4 mg 0.5m mg 0.2m 10
2 1 3
(3 分)
(3 分)
在整个过程中角动量守恒,而未态 未 =未 故
I 0 mM gR2 3 0
得到 代入得
2

1 3
I 未 +mM gR 2 3 末
2

1 3
(5 分) (3 分) (3 分)
未 1.4 106 rad / s
a未 =5.8 108 m
同时 M 3
(7 分,两式只给出一个扣 3 分)
此值等于 M max 时,杆断。故 得
mg 0.2m 5N m m 2.5kg
(2 分)
题二、 (22 分)如图所示,在一个光滑的底面积为 S 1dm 高为 H 0.2m 的固定圆柱形容
2
器内,有一个可以自由上下滑动活塞(活塞下方于大气联通) ,活塞质量为 m0 1.0kg ,活 塞下方用一根劲度系数为 k 200N/m ,原长为 l0 0.3m 的轻质弹簧连接到容器底。初始 时刻活塞位于距离底面 h 0.1m 高的位置,上方盛满方有密度为 1 10 kg/m 的水,

第30届全国中学生物理竞赛复赛模拟试卷及答案(大连理工)

第30届全国中学生物理竞赛复赛模拟试卷及答案(大连理工)

第30届全国中学生物理竞赛复赛模拟试卷(全国中学生物理竞赛委员会及大连理工大学物理系)本卷共八题,满分160分。

计算题的解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。

只写出最后结果的不能得分.有数字计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。

填空题把答案填在题中的横线上,只要给出结果,不需写出求解的过程。

一、填空题.(本题共4小题,共25分)1.图1所示的电阻丝网络,每一小段电阻同为r ,两个端点A 、B 间等效电阻R 1=。

若在图1网络中再引入3段斜电阻丝,每一段电阻也为r ,如图2 所示,此时A 、B 间等效电阻R 2=。

2.右图为开尔文滴水起电机示意图。

从三通管左右两管口形成的水滴分别穿过铝筒A 1、A 2后滴进铝杯B 1、B 2,当滴了一段时间后,原均不带电的两铝杯间会有几千伏的电势差。

试分析其原理。

图中铝筒A 1用导线与铝杯B 2相连;铝筒A 2用导线与B 1相连。

3.受迫振动的稳定状态由下式给出)cos(ϕω+=t A x ,2222204)(ωβωω+-=hA ,220arctan ωωβωϕ--=。

其中m H h =,而)cos(t H ω为胁迫力,m γβ=2,其中dtdx γ-是阻尼力。

有一偏车轮的汽车上有两个弹簧测力计,其中一条的固有振动角频率为102727.39-=s ω,另外一条的固有振动角频率为1'05454.78-=s ω,在汽车运行的过程中,司机看到两条弹簧的振动幅度之比为7.设为小量,计算中可以略去,已知汽车轮子的直径为1m ,则汽车的运行速度为。

4.核潜艇中238U 核的半衰期为9105.4⨯年,衰变中有0.7%的概率成为234U 核,同时放出一个高能光子,这些光子中的93%被潜艇钢板吸收。

1981年,前苏联编号U137的核潜艇透射到艇外的高能光子被距核源(处理为点状)1。

5m 处的探测仪测得。

仪器正入射面积为22cm 2,效率为0。

25%(每400个入射光子可产生一个脉冲讯号),每小时测得125个讯号.据上所述,可知238U 核的平均寿命=年(693.02ln =),该核潜艇中238U 的质量m =kg (保留两位有效数字)。

全国高中物理竞赛历年试题与详解答案汇编

全国高中物理竞赛历年试题与详解答案汇编

全国高中物理竞赛历年试题与详解答案汇编———xxxx纪元中学2014年5月全国中学生物理竞赛提要编者按:按照中国物理学会全国中学生物理竞赛委员会第九次全体会议的建议,由中国物理学会全国中学生物理竞赛委员会常务委员会根据《全国中学生物理竞赛章程》中关于命题原则的规定,结合我国目前中学生的实际情况,制定了《全国中学生物理竞赛内容提要》,作为今后物理竞赛预赛和决赛命题的依据,它包括理论基础、实验基础、其他方面等部分。

其中理论基础的绝大部分内容和国家教委制订的(全日制中学物理教学大纲》中的附录,即 1983年教育部发布的《高中物理教学纲要(草案)》的内容相同。

主要差别有两点:一是少数地方做了几点增补,二是去掉了教学纲要中的说明部分。

此外,在编排的次序上做了一些变动,内容表述上做了一些简化。

1991年2月20日经全国中学生物理竞赛委员会常务委员会扩大会议讨论通过并开始试行。

1991年9月11日在xx由全国中学生物理竞赛委员会第10次全体会议正式通过,开始实施。

一、理论基础力学1、运动学参照系。

质点运动的位移和路程,速度,加速度。

相对速度。

矢量和标量。

矢量的合成和分解。

匀速及匀速直线运动及其图象。

运动的合成。

抛体运动。

圆周运动。

刚体的平动和绕定轴的转动。

2、xx运动定律力学中常见的几种力xx第一、二、三运动定律。

惯性参照系的概念。

摩擦力。

弹性力。

胡克定律。

万有引力定律。

均匀球壳对壳内和壳外质点的引力公式(不要求导出)。

开普勒定律。

行星和人造卫星的运动。

3、物体的平衡共点力作用下物体的平衡。

力矩。

刚体的平衡。

重心。

物体平衡的种类。

4、动量冲量。

动量。

动量定理。

动量守恒定律。

反冲运动及火箭。

5、机械能功和功率。

动能和动能定理。

重力势能。

引力势能。

质点及均匀球壳壳内和壳外的引力势能公式(不要求导出)。

弹簧的弹性势能。

功能原理。

机械能守恒定律。

碰撞。

6、流体静力学静止流体中的压强。

浮力。

7、振动xx振动。

振幅。

频率和周期。

第30届全国中学生物理竞赛复赛模拟试题第4套

第30届全国中学生物理竞赛复赛模拟试题第4套

两边温度可以在很长时间内维持不一样。
2S
S
2V0
V0
八、 介子一种可能的衰变模式为 e e 。 某个 介子在以 0.2c 的速度运动中
0
0
0
发生上述衰变。在和 介子前进方向夹角为 30 方向上接受到一个电子。求这个电子
0
速度大小的可能的范围。已知 m 0 135MeV , me 0.511MeV ,普朗克常数
七、 如图两个底面积分别为 2S 和 S 的绝热圆筒,用一个细的绝热阀门连接。左右各有 一密闭的,绝热的,不记阻力不记重力的活塞,活塞上端通过一个理想的滑轮组连接。 大气压为 P0 。初态阀门关闭,左边充满体积为 2V0 温度为 T0 的理想气体,定体摩尔热 容量为 CV
3 R ,右边真空,体积为 V0 。 2
h 6.64 1034 J s
gT 2 。 2
三、
空间中有两个线圈电阻可以忽略的线圈 A 、 B ,分别接入可控电流源 I A 和 I B 。初
时 I A IB 0 。 (1) 保持 I B 不变,将 I A 缓慢的从 0 增加到 I1 ,然后保持 I A 不变,缓慢的将 I B 从 0 增加到 I 2 。此时线圈 A 和线圈 B 的磁通量分别为 A L11I1 L12 I 2 ,
2013 年物理竞赛复赛模拟试题-第四套
命题人 蔡子星 孙鹏
一、 我们想用一些匀质的光滑的长度为 l 的木条在桌角搭出一个尽量远的“露台” 。逐
层叠放并不一定是最好的方案。比如图(a)用三个木条拉出了 拉开了
l l l 的距离。而图(b) 2 4 6
l l 的距离。问题用四根木条,分别采用图(c)和图(d)的方式,可以用四个木 2 2

北京市高中物理(力学)竞赛第30届(2017)决赛试题及答案解析

北京市高中物理(力学)竞赛第30届(2017)决赛试题及答案解析
8.(1)
参照物
f的功
f′的功
一对力μ1mgl
卡车
0
-μ1mgl
-μ1mgl
地面
μ1mgl
-μ1mg(l+L)
-μ1mgl
由上面计算发现,摩擦力既可以做正功也可以做负功,但是一对摩擦力做功之和一定是负功,大小与物体间的相对位移相关。
(2) ,
【解析】
(1)分别对卡车和木箱进行受力分析:
因为 , ,
所以 或
匀速圆周运动只有向心力,向心力大小为:

说明:此题关键靠学生的科学思维逻辑。逻辑清晰才满分。
10.近地点高度 ,远地点高度
【解析】
设火箭点燃时,卫星 对地形的位失为 ,速度为 ,使卫星转为椭圆轨道
因为对o点的 所以对o点角动量守恒。在近地点时,位矢为 ,速度位 ,则有
( )=
( )=
或者表述为:火箭点燃时卫星转为椭圆轨道,近(远)地点是卫星速度垂直于地心到卫星的直线,所以根据对o点角动量守恒有:
(1)
因为做椭圆运动时,只有万有引力做功,机械能守恒,有:
为了免去G、M的计算,通常利用卫星做圆周运动的向心力(既万有引力)来简化上式:
1.不变 时间喷出燃料动量变化 ,
【解析】
[1]随着火箭上升的速度不断变大,火箭所受推力的大小不变;
[2]理由是: 时间喷出燃料动量变化:
根据动量定理:
解得:
2.不是惯性,是动能,运动员速度快动能大,用力跳起后转化为转动动能足够太,也足够高,才能完成转4周落下。
【解析】
不是惯性,是动能,运动员速度快动能大,用力跳起后转化为转动动能足够太,也足够高,才能完成转4周落下。
北京市高中物理(力学)竞赛第30届(2017)

30届全国中学生物理竞赛(复赛)模拟试题(三)(黄爱国)

30届全国中学生物理竞赛(复赛)模拟试题(三)(黄爱国)

30届全国中学生物理竞赛(复赛)模拟试题(三)一.(20分)在用质子)(11P轰击固定锂)(73Li靶的核反应中,(1)计算放出α粒子的反应能。

(2)如果质子能量为1兆电子伏特,问在垂直质子束的方向观测到α粒子的能量大约有多大?有关原子核的质量如下:H11,1.007825;He42,4.002603;Li73,7.015999。

二.(20分)2mol初始温度为270C,初始体积为20L的氦气,先等压膨胀到体积加倍,然后是绝热膨胀回到初始温度。

(1)在P—V图上画出过程方程;(2)在这一过程中系统总吸收热量等于多少?(3)氦气对外界做的总功等于多少?其中绝热膨胀过程对外界做功是多少?三.(15分)观测者S 测得两个事件的空间和时间间隔分别为600m 和8×10-7s ,而观测者S 1测得这两个事件同时发生。

试求S 1相对S 的速度,以及S 1测得这两个事件的空间距离。

四.(20分)神奇的自聚焦透镜:自聚焦透镜依靠折射率的恰当变化对近轴光线成像。

该透镜呈圆柱状,截面半径为R ,长为l 。

其折射率在截面内延半径方向呈抛物线状连续变小,可表示为)211(22202r a n n r -=式中n 0为中心的折射率,a 为比1小得多的正数。

(1) 求从圆心入射与圆柱平面夹角为0θ的光线在自聚焦透镜内传播的轨迹方程。

(2) 平行于z 轴的平行入射光经过自聚焦透镜后交汇于一点,求自聚焦透镜的焦距。

五.(20分)如图所示,有二平行金属导轨,相距l ,位于同一水平面内(图中纸面),处在磁感应强度为B 的匀强磁场中,磁场方向竖直向下(垂直纸面向里).质量均为m 的两金属杆ab 和cd 放在导轨上,与导轨垂直.初始时刻, 金属杆ab 和cd 分别位于x = x 0和x = 0处。

假设导轨及金属杆的电阻都为零,由两金属杆与导轨构成的回路的自感系数为L 。

今对金属杆cd 施以沿导轨向右的瞬时冲量,使它获得初速v 0.设导轨足够长,x 0也足够大,在运动过程中,两金属杆之间距离的变化远小于两金属杆的初始间距x 0,因而可以认为在杆运动过程中由两金属杆与导轨构成的回路的自感系数L 是恒定不变的。

21---30届全国物理竞赛力学部分复赛试题

21---30届全国物理竞赛力学部分复赛试题

(第20届全国中学生物理竞赛复赛题)有人提出了一种不用火箭发射人造地球卫星的设想.其设想如下:沿地球的一条弦挖一通道,如图所示.在通道的两个出口处A和B,分别将质量为M的物体和质量为m的待发射卫星同时自由释放,只要M比m足够大,碰撞后,质量为m的物体,即待发射的卫星就会从通道口B冲出通道;设待发卫星上有一种装置,在待发卫星刚离开出口B时,立即把待发卫星的速度方向变为沿该处地球切线的方向,但不改变速度的大小.这样待发卫星便有可能绕地心运动,成为一个人造卫星.若人造卫星正好沿地球表面绕地心做圆周运动,则地心到该通道的距离为多少?己知M=20m,地球半径0R =6400 km.假定地球是质量均匀分布的球体,通道是光滑的,两物体间的碰撞是弹性的.(第20届全国中学生物理竞赛复赛题)有一半径为R的圆柱A,静止在水平地面上,并与竖直墙面相接触.现有另一质量与A相同,半径为r的较细圆柱B,用手扶着圆柱A,将B 放在A的上面,并使之与墙面相接触,如图所示,然后放手.己知圆柱A与地面的静摩擦系数为0.20,两圆柱之间的静摩擦系数为0.30.若放手后,两圆柱体能保持图示的平衡,问圆柱B与墙面间的静摩擦系数和圆柱B的半径r的值各应满足什么条件?(第20届全国中学生物理竞赛复赛题)如图所示,将一铁饼状小物块在离地面高为h 处沿水平方向以初速v 抛出.己知物块碰地弹起时沿竖直方向的分速度的大小与碰前沿竖直方向的分速度的大小之比为e (<1).又知沿水平方向物块与地面之间的滑动摩擦系数为μ(≠0):每次碰撞过程的时间都非常短,而且都是“饼面”着地.求物块沿水平方向运动的最远距离.(第21届全国中学生物理竞赛复赛题)二、(20分) 两颗人造卫星绕地球沿同一椭圆轨道同向运动,它们通过轨道上同一点的时间相差半个周期.已知轨道近地点离地心的距离是地球半径R 的2倍,卫星通过近地点时的速度RGM 43=v ,式中M 为地球质量,G 为引力常量.卫星上装有同样的角度测量仪,可测出卫星与任意两点的两条连线之间的夹角.试设计一种测量方案,利用这两个测量仪测定太空中某星体与地心在某时刻的距离.(最后结果要求用测得量和地球半径R 表示)(第21届全国中学生物理竞赛复赛题)如图所示,三个质量都是m 的刚性小球A 、B 、C 位于光滑的水平桌面上(图中纸面),A 、B 之间,B 、C 之间分别用刚性轻杆相连,杆与A 、B 、C 的各连接处皆为“铰链式”的(不能对小球产生垂直于杆方向的作用力).已知杆AB 与BC 的夹角为 ,< /2.DE 为固定在桌面上一块挡板,它与AB 连线方向垂直.现令A 、B 、C 一起以共同的速度v 沿平行于AB 连线方向向DE 运动,已知在C 与挡板碰撞过程中C 与挡板之间无摩擦力作用,求碰撞时当C 沿垂直于DE 方向的速度由v 变为0这一极短时间内挡板对C 的冲量的大小.(第22届全国中学生物理竞赛复赛题)图中的AOB 是游乐场中的滑道模型,它位于竖直平面内,由两个半径都是R 的1/4圆周连接而成,它们的圆心1O 、2O 与两圆弧的连接点O 在同一竖直线上.B O 2沿水池的水面.一小滑块可由弧AO 的任意点从静止开始下滑. 1.若小滑块从开始下滑到脱离滑道过程中,在两个圆弧上滑过的弧长相等,则小滑块开始下滑时应在圆弧AO 上的何处?(用该处到1O 的连线与竖直线的夹角表示).2.凡能在O 点脱离滑道的小滑块,其落水点到2O 的距离如何?O 1O 2O ABABCπ-αDE(第22届全国中学生物理竞赛复赛题) 如图所示,在一个劲度系数为 k 的轻质弹簧两端分别拴着一个质量为 m 的小球A 和质量为 2m 的小球B .A 用细线拴住悬挂起来,系统处于静止状态,此时弹簧长度为l .现将细线烧断,并以此时为计时零点,取一相对地面静止的、竖直向下为正方向的坐标轴Ox ,原点O 与此时A 球的位置重合如图.试求任意时刻两球的坐标.(第23届全国中学生物理竞赛复赛题)有一竖直放置、两端封闭的长玻璃管,管内为真空,管内有一小球自某处自由下落(初速度为零),落到玻璃管底部时与底部发生弹性碰撞.以后小球将在玻璃管内不停地上下跳动。

2017年度全国初中应用物理竞赛试题及标准答案

2017年度全国初中应用物理竞赛试题及标准答案

2017年度全国初中应用物理竞赛试题一、单选题:(每题2分,共20分)1. 录音棚的墙壁通常装有皮质材料的软包,如图所示,这样做的目的是()A. 减弱声音的反射B. 增强声音的反射C. 增大声音的响度D. 提高装饰的效果2. 如图所示的两个完全一样的陶瓷杯中分别装有半杯刚冲好的热茶和半杯冷牛奶,如果将他们混合在一起,想尽快做一杯温度可能低一些的奶茶,以下方法中效果最好的是()A. 将热茶冷却2min ,之后再把冷牛奶倒入热茶杯中B.把冷牛奶倒入热茶杯中,再冷却2minC. 将热茶冷却2min ,之后再把热茶倒入冷牛奶杯中D.把热茶倒入冷牛奶杯中,再冷却2min3. 炎热的夏天,在玻璃杯中装有水和冰块,如图所示,左边杯子里的冰块压着杯底,右边杯子里的冰块漂浮在水面。

若不考虑水的蒸发,当两个杯中的冰块全部熔化时,杯中水面和初始时刻杯中水面相比()A. 都高于初始时刻杯中的水面B. 都和初始时刻杯中的水面相平C. 左侧杯中水面和初始时刻的水面相平,右侧杯中水面高于初始时刻杯中水面D. 左侧杯中水面高于初始时刻杯中水面,右侧杯中水面和初始时刻的水面相平4. 小明用塑料吸管喝汽水时发现,松手后原来插入瓶底的吸管会自己上浮,但放在凉开水中却不会,如图所示。

对此现象的分析,下列说话中正确的是()A. 吸管密度小于汽水密度,因此会上浮B.吸管很细,由于内部液体表面张丽的作用导致上浮C. 从汽水中析出的二氧化碳以气泡形式附着在吸管上,使他们整体所受浮力大于所受重力而上浮D. 由于吸管内外大气压强的作用,使吸管上浮5. 小明是一个爱动手并且善于思考的同学。

一天他把自己的手机拆开,看到一块如图所示的锂电池。

以下是他做出的判断,其中不正确的是()A. 这块电池能提供的电能大约为2.3×104JB.图中mAh 和Wh 都是能量的单位C. 将这块电池充满电需要的电费将不会超过0.1元D. 这块电池提供的电能若全部用来驱动电动机,能借助机械将一个中学生提升20m 高6. 有些自动洗衣机通过压力传感器感知气体的压力,从而控制进水量。

第30届全国中学生物理竞赛预赛试卷及答案word解析版

第30届全国中学生物理竞赛预赛试卷及答案word解析版

第30届全国中学生物理竞赛预赛试卷与答案本卷共16题,满分200分.一、选择题.本题共5小题,每小题6分.在每小题给出的4个选项中,有的小题只有一项符合题意,有的小题有多项符合题意.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不答的得0分.1. 下列说法正确的是:A.一束单色光从真空射入 时,在玻璃表面处发生折射现象,这与光在玻璃中的传播速度不同于在真空中的传播速度有关B.白纸上有两个非常靠近的小黑斑,实际上是分开的,没有重叠部分.但通过某一显微镜所成的象却是两个连在一起的没有分开的光斑,这与光的衍射现象有关C.雨后虹的形成与光的全反射现象有关D.老年人眼睛常变为远视眼,这时近处物体通过眼睛所成的像在视网膜的前方(瞳孔与视网膜之间),故看不清2. 图中A 、B 是两块金属板,分别与高压直流电源的正负极相连.一个电荷量为q 、质量为m 的带正电的点电荷自贴近A 板处静止释放(不计重力作用).已知当A 、B 两板平行、两板的面积很大且两板间的距离较小时,它刚到达B 板时的速度为u 0,在下列情况下以u 表示点电荷刚到达B 板时的速度A. 若A 、B 两板不平行,则u< u 0B.若A 板面积很小,B 板面积很大,则u< u 0C.若A 、B 两板间的距离很大,则u< u 0D.不论A 、B 两板是否平行、两板面积大小及两板间距离多少,u 都等于 u 03. α粒子和β粒子都沿垂直于磁场的方向射入同一均匀磁场中,发现这两种粒子沿相同半径的圆轨道运动.若α粒子的质量是m 1,β粒子的质量是m2,则α粒子与β粒子的动能之比是A. m 2m 1B. m 1m 2C. m 14m 2D. 4m 2m 14. 由玻尔理论可知,当氢原子中的核外电子由一个轨道跃迁到另一轨道时,有可能A. 发射出光子,电子的动能减少,原子的势能减少B. 发射出光子,电子的动能增加,原子的势能减少C. 吸收光子,电子的动能减少,原子的势能增加D. 吸收光子,电子的动能增加,原子的势能减少5. 图示两条虚线之间为一光学元件所在处,AB 为其主光轴.P 是一点光源,其傍轴光线通过此光学元件成像于Q 点.该光学元件可能是A.薄凸透镜B.薄凹透镜C.凸球面镜D.凹球面镜二、填空题和作图题.只要给出结果,不需写出求得结果的过程.6. (8分)国际上已规定133Cs 原子的频率f=9192631770Hz (没有误差).这样,秒的定义________________.国际上已规定一个公认的光速值c=299792458m/s (没有误差).长度单位由时间单位导出,则米定义为_____________________________.7.(8分)质量为m1的小滑块,沿一倾角为θ的光滑斜面滑下,斜面质量为m2,置于光滑的水平桌面上.设重力加速度为g,斜面在水平桌面上运动的加速度的大小为_____________________________8.(8分)一线光源,已知它发出的光包含三种不同频率的可见光,若要使它通过三棱镜分光,最后能在屏上看到这三种不同频率的光的谱线,则除了光源、三棱镜和屏外,必须的器件至少还应有______________.其中一个的位置应在______________和______________之间,另一个的位置应在______________和______________之间.9.(12分)如图所示,A为放在水平光滑桌面上的长方形物块,在它上面放有物块B和C.A、B、C的质量分别为m、5m、m.B、C与A之间的静摩擦系数和滑动摩擦系数皆为0.10,K为轻滑轮,绕过轻滑轮连接B和C的轻细绳都处于水平位置.现用水平方向的恒定外力F拉滑轮,使A的加速度等于0.20g,g为重力加速度.在这种情况时,B、A之间沿水平方向的作用力的大小等于_____________,C、A之间沿水平方向的作用力的大小等于_____________,外力F的大小等于_______________.10.(14分)i.在做“把电流表改装成电压表”的实验中,必须测出电流表的内阻和用标准电压表对改装成的电压表进行校准.某同学对图示的器材进行了连线,使所连成的电路只要控制单刀双掷开关的刀位和调节电阻箱及变阻器,不需改动连线,就能:(1)在与电阻箱断路的条件下测出电流表的内阻;(2)对改装成的电压表所有的刻度进行校准.试在图中画出该同学的全部连线.ii.有一块横截面为矩形的长板,长度在81cm与82cm之间,宽度在5cm与6cm之间,厚度在1cm与2cm之间.现用直尺(最小刻度为mm)、卡尺(游标为50分度)和千分尺(螺旋测微器)去测量此板的长度、宽度和厚度,要求测出后的最后一位有效数字是估读的.试设想一组可能的数据天灾下面的空格处.板的长度_______________cm,板的宽度_______________cm,板的厚度_______________cm,三、计算题.计算题的解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后结果的不能得分.有数值计算的,答案中必须明确写出数值和单位.11.(20分)在水平地面某处,以相同的速率v0用不同的抛射角分别抛射两个小球A和B,它们的射程相同.已知小球A在空中运行的时间为T A,求小球B在空中运行的时间T B.重力加速度大小为g,不考虑空气阻力.12.(20分)从地球上看太阳时,对太阳直径的张角θ=53°.取地球表面上纬度为1°的长度l=110km,地球表面处的重力加速度g=10m/s2,地球公转的周期T=365天.试仅用以上数据计算地球和太阳密度之比.假设太阳和地球都是质量均匀分布的球体.13. (16分)一个用电阻丝绕成的线圈,浸没在量热器所盛的油中,油的温度为0℃.当线圈两端加上一定的电压后,油温渐渐上升.0℃时温度升高的速率为5.0K ·min -1,持续一段时间后,油温上升到30℃,此时温度升高的速率变为4.5K ·min -1,这是因为线圈的电阻与温度有关.设温度为θ℃时线圈的电阻为R θ,温度为0℃时线圈的电阻为R 0,则有R θ= R 0 (1+αθ),α称为电阻的温度系数.试求此线圈电阻的温度系数.假设量热器及其中的油以及线圈所构成的系统温度升高的速率与该系统吸收热量的速率(即单位时间内吸收的热量)成正比;对油加热过程中加在线圈两端的电压恒定不变;系统损失的热量可忽略不计.14. (18分)如图所示,一摩尔理想气体,由压强与体积关系的p-V 图中的状态A 出发,经过一缓慢的直线过程到达状态B ,已知状态B 的压强与状态A 的压强之比为12,若要使整个过程的最终结果是气体从外界吸收了热量,则状态B 与状态A 的体积之比应满足什么条件?已知此理想气体每摩尔的内能为32RT ,R 为普适气体常量,T 为热力学温度.15. (23分)如图所示,匝数为N 1的原线圈和在数为N 2的副线圈绕在同一闭合的铁心上,副线圈两端与电阻R 相联,原线圈两端与平行金属导轨相联.两轨之间的距离为L ,其电阻可不计.在虚线的左侧,存在方向与导轨所在平面垂直的匀强磁场,磁感应强度的大小为B . pq 是一质量为m 电阻为r 与导轨垂直放置的金属杆,它可在导轨上沿与导轨平行的方向无摩擦地滑动.假设在任何同一时刻通过线圈每一匝的磁通都相同,两个线圈的电阻、铁心中包括涡流在内的各种损耗都忽略不计,且变压器中的电磁场完全限制在变压器铁心中.现于t=0时开始施一外力,使杆从静止出发以恒定的加速度a 向左运动.不考虑连接导线的自感.若已知在某时刻t 时原线圈中电流的大小I 1,i.求此时刻外力的功率ii.此功率转化为哪些其他形式的功率或能量变化率?试分别求出它们的大小.16. (23分)如图所示,一质量为m 半径为R 的由绝缘材料制成的薄球壳,均匀带正电,电荷量为Q ,球壳下面有与球壳固连的底座,底座静止在光滑水平面上.球壳内部有一劲度系数为η的轻弹簧(质量不计),弹簧始终处于水平位置,其一端与球壳内壁固连,另一端恰位于球心处,球壳上开有一小孔C ,小孔位于过球心的水平线上.在此水平线上离球壳很远的O 处有一质量也为m 电荷量也为Q 的带正电的点电荷P ,它以足够大的初速v 0沿水平的OC 方向开始运动.并知P 能通过小孔C 进入球壳内,不考虑重力和底座的影响.已知静电力常量k .求P 刚进入C 孔到刚再由C 孔出来所经历的时间.17.18.19.20.21.22.。

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第30届全国中学生物理竞赛复赛考试试题解答与评分标准一、(15分)一半径为R 、内侧光滑的半球面固定在地面上,开口水平且朝上. 一小滑块在半球面内侧最高点处获得沿球面的水平速度,其大小为0v (00≠v ). 求滑块在整个运动过程中可能达到的最大速率. 重力加速度大小为g .参考解答:以滑块和地球为系统,它在整个运动过程中机械能守恒. 滑块沿半球面内侧运动时,可将其速度分解成纬线切向 (水平方向)分量ϕv 及经线切向分量θv . 设滑块质量为m ,在某中间状态时,滑块位于半球面内侧P 处,P 和球心O 的连线与水平方向的夹角为θ. 由机械能守恒得2220111s i n 222m m g R m m ϕθθ=-++v v v (1)这里已取球心O 处为重力势能零点. 以过O 的竖直线为轴. 球面对滑块的支持力通过该轴,力矩为零;重力相对于该轴的力矩也为零. 所以在整个运动过程中,滑块相对于轴的角动量守恒,故0cos m R m R ϕθ=v v .(2)由 (1) 式,最大速率应与θ的最大值相对应max max ()θ=v v .(3)而由 (2) 式,q 不可能达到π2. 由(1)和(2)式,q 的最大值应与0θ=v 相对应,即max ()0θθ=v .(4)式也可用下述方法得到:由 (1)、(2) 式得22202sin tan 0gR θθθ-=≥v v .若sin 0θ≠,由上式得220sin 2cos gRθθ≤v .实际上,sin =0θ也满足上式。

由上式可知max 22max 0sin 2cos gRθθ=v .由(3)式有222max max 0max ()2sin tan 0gR θθθθ=-=v v .(4’)]将max ()0θθ=v 代入式(1),并与式(2)联立,得()2220max max max sin 2sin 1sin 0gR θθθ--=v .(5)以max sin θ为未知量,方程(5)的一个根是sin q =0,即q =0,这表示初态,其速率为最小值,不是所求的解. 于是max sin 0θ≠. 约去max sin θ,方程(5)变为22max 0max 2sin sin 20gR gR θθ+-=v .(6)其解为20maxsin 14gR θ⎫=⎪⎪⎭v .(7)注意到本题中sin 0θ≥,方程(6)的另一解不合题意,舍去. 将(7)式代入(1)式得,当maxθθ=时,(22012ϕ=v v , (8)考虑到(4)式有max ==v (9)评分标准:本题15分. (1)式3分, (2) 式3分,(3) 式1分,(4) 式3分, (5) 式1分,(6) 式1分,(7) 式1分, (9) 式2分.二、(20分)一长为2l 的轻质刚性细杆位于水平的光滑桌面上,杆的两端分别固定一质量为m 的小物块D 和一质量为m α(α为常数)的小物块B ,杆可绕通过小物块B 所在端的竖直固定转轴无摩擦地转动. 一质量为m 的小环C 套在细杆上(C 与杆密接),可沿杆滑动,环C 与杆之间的摩擦可忽略. 一轻质弹簧原长为l ,劲度系数为k ,两端分别与小环C 和物块B 相连. 一质量为m 的小滑块A 在桌面上以垂直于杆的速度飞向物块D ,并与之发生完全弹性正碰,碰撞时间极短. 碰撞 时滑块C 恰好静止在距轴为(r >l )处.1. 若碰前滑块A 的速度为0v ,求碰撞过程中轴受到的作用力的冲量;2. 若碰后物块D 、C 和杆刚好做匀速转动,求碰前滑块A 的速度0v 应满足的条件.参考解答:1. 由于碰撞时间t ∆很小,弹簧来不及伸缩碰撞已结束. 设碰后A 、C 、D 的速度分别为A v 、C v 、D v ,显然有D C 2lr =v v .(1)以A 、B 、C 、D 为系统,在碰撞过程中,系统相对于轴不受外力矩作用,其相对于轴的角动量守恒D C A 0222m l m r m l m l ++=v v v v .(2)由于轴对系统的作用力不做功,系统内仅有弹力起作用,所以系统机械能守恒. 又由于碰撞时间t ∆很小,弹簧来不及伸缩碰撞已结束,所以不必考虑弹性势能的变化. 故2222D C A 011112222m m m m ++=v v v v . (3)由 (1)、(2)、(3) 式解得2200022222248,,888C D A lr l r l r l r l r===-+++v v v v v v (4)代替 (3) 式,可利用弹性碰撞特点0D A =-v v v .(3’)同样可解出(4). ]设碰撞过程中D 对A 的作用力为1F ',对A 用动量定理有221A 0022428l r F t m m m l r+'∆=-=-+v v v ,(5)方向与0v 方向相反. 于是,A 对D 的作用力为1F 的冲量为221022428l r F t m l r+∆=+v(6)方向与0v 方向相同.以B 、C 、D 为系统,设其质心离转轴的距离为,则22(2)2mr m l l r x m αα++==++.(7)质心在碰后瞬间的速度为C 0224(2)(2)(8)l l r x r l r α+==++v v v . (8)轴与杆的作用时间也为t ∆,设轴对杆的作用力为2F ,由质心运动定理有 ()210224(2)28l l r F t F t m m l rα+∆+∆=+=+v v . (9)由此得2022(2)28r l r F t m l r-∆=+v . (10)方向与0v 方向相同. 因而,轴受到杆的作用力的冲量为2022(2)28r l r F t m l r -'∆=-+v , (11)方向与0v 方向相反. 注意:因弹簧处在拉伸状态,碰前轴已受到沿杆方向的作用力;在碰撞过程中还有与向心力有关的力作用于轴. 但有限大小的力在无限小的碰撞时间内的冲量趋于零,已忽略.代替 (7)-(9) 式,可利用对于系统的动量定理21C D F t F t m m ∆+∆=+v v . ]也可由对质心的角动量定理代替 (7)-(9) 式. ]2. 值得注意的是,(1)、(2)、(3) 式是当碰撞时间极短、以至于弹簧来不及伸缩的条件下才成立的. 如果弹簧的弹力恰好提供滑块C 以速度02248C lrl r =+v v 绕过B 的轴做匀速圆周运动的向心力,即()222C 022216(8)l r k r m m r l r -==+v v(12) 则弹簧总保持其长度不变,(1)、(2)、(3) 式是成立的. 由(12)式得碰前滑块A 的速度0v 应满足的条件0v (13)可见,为了使碰撞后系统能保持匀速转动,碰前滑块A 的速度大小0v 应满足(13)式.评分标准:本题20分.第1问16分,(1)式1分, (2) 式2分,(3) 式2分,(4) 式2分, (5) 式2分,(6) 式1分,(7) 式1分,(8) 式1分,(9) 式2分,(10) 式1分,(11) 式1分;第2问4分,(12) 式2分,(13) 式2分.三、(25分)一质量为m 、长为L 的匀质细杆,可绕过其一端的光滑水平轴O 在竖直平面内自由转动. 杆在水平状态由静止开始下摆, 1. 令mLλ=表示细杆质量线密度. 当杆以角速度ω绕过其一端的光滑水平轴O 在竖直平面内转动时,其转动动能可表示为k E k L αβγλω= 式中,为待定的没有单位的纯常数. 已知在同一单位制下,两物理量当且仅当其数值和单位都相等时才相等. 由此求出α、β和的值.2. 已知系统的动能等于系统的质量全部集中在质心时随质心一起运动的动能和系统在质心系(随质心平动的参考系)中的动能之和,求常数的值.3. 试求当杆摆至与水平方向成θ角时在杆上距O 点为处的横截面两侧部分的相互作用力. 重力加速度大小为g .提示:如果)(t X 是的函数,而))((t X Y 是)(t X 的函数,则))((t X Y 对的导数为d (())d d d d d Y X t Y Xt X t=例如,函数cos ()t θ对自变量的导数为dcos ()dcos d d d d t t tθθθθ=参考解答:1. 当杆以角速度ω绕过其一端的光滑水平轴O 在竖直平面内转动时,其动能是独立变量、ω和的函数,按题意 可表示为k E k L αβγλω= (1)式中,为待定常数(单位为1). 令长度、质量和时间的单位分别为[]L 、[]M 和[]T (它们可视为相互独立的基本单位),则、ω、和k E 的单位分别为1122[][][],[][],[][],[][][][]k M L T L L E M L T λω---====(2)在一般情形下,若[]q 表示物理量的单位,则物理量可写为()[]q q q = (3)式中,()q 表示物理量在取单位[]q 时的数值. 这样,(1) 式可写为()[]()()()[][][]k k E E k L L αβγαβγλωλω=(4)在由(2)表示的同一单位制下,上式即()()()()k E k L αβγλω= (5)[][][][]k E L αβγλω= (6)将 (2)中第四 式代入 (6) 式得22[][][][][][]M L T M L T αγαβ---= (7)(2)式并未规定基本单位[]L 、[]M 和[]T 的绝对大小,因而(7)式对于任意大小的[]L 、[]M 和[]T 均成立,于是1,2,3αβγ=== (8) 所以23k E k L λω= (9)2. 由题意,杆的动能为,c ,r k k k E E E =+ (10) 其中,22,cc 11()222k L E m L λω⎛⎫== ⎪⎝⎭v (11) 注意到,杆在质心系中的运动可视为两根长度为2L的杆过其公共端(即质心)的光滑水平轴在铅直平面内转动,因而,杆在质心系中的动能,r k E 为32,r2(,,)222k k L L E E k λωλω⎛⎫== ⎪⎝⎭(12)将(9)、 (11)、 (12)式代入(10)式得2323212222L L k L L k λωλωλω⎛⎫⎛⎫=+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭(13) 由此解得 16k =(14) 于是E k =16lw 2L 3.(15)3. 以细杆与地球为系统,下摆过程中机械能守恒sin 2k L E mg θ⎛⎫= ⎪⎝⎭(16)由(15)、(16)式得w =.(17)以在杆上距O 点为处的横截面外侧长为()L r -的那一段为研究对象,该段质量为()L r λ-,其质心速度为22c L r L rr ωω-+⎛⎫'=+= ⎪⎝⎭v .(18)设另一段对该段的切向力为T (以θ增大的方向为正方向), 法向(即与截面相垂直的方向)力为N (以指向O 点方向为正向),由质心运动定理得()()cos t T L r g L r a λθλ+-=-(19) ()()s i n n N L r g L r aλθλ--=- (20)式中,t a 为质心的切向加速度的大小()3cos d d d d d 2d 2d dt 4c t L r g L r L r a t t Lθωωθθ+'++====v(21)而n a 为质心的法向加速度的大小()23sin 22n L r g L r a Lθω++==.(22)由(19)、(20)、(21)、(22)式解得 ()()23cos 4L r r L T mg L θ--=(23)()()253sin 2L r L r N mg L θ-+=(24)评分标准:本题25分.第1问5分, (2) 式1分, (6) 式2分,(7) 式1分,(8) 式1分;第2问7分, (10) 式1分,(11) 式2分,(12) 式2分, (14) 式2分;不依赖第1问的结果,用其他方法正确得出此问结果的,同样给分;第3问13分,(16) 式1分,(17) 式1分,(18) 式1分,(19) 式2分,(20) 式2分,(21) 式2分,(22) 式2分,(23) 式1分,(24) 式1分;不依赖第1、2问的结果,用其他方法正确得出此问结果的,同样给分.四、(20分)图中所示的静电机由一个半径为R 、与环境绝缘的开口(朝上)金属球壳形的容器和一个带电液滴产生器G 组成. 质量为m 、带电量为的球形液滴从G 缓慢地自由掉下(所谓缓慢,意指在G 和容器口之间总是只有一滴液滴). 液滴开始下落时相对于地面的高度为. 设液滴很小,容器足够大,容器在达到最高电势之前进入容器的液体尚未充满容器. 忽略G 的电荷对正在下落的液滴的影响.重力加速度大小为. 若容器初始电势为零,求容器可达到的最高电势max V .参考解答:设在某一时刻球壳形容器的电量为Q . 以液滴和容器为体系,考虑从一滴液滴从带电液滴产生器 G 出口自由下落到容器口的过程. 根据能量守恒有2122Qq Qqmgh km mgR kh R R+=++-v . (1)式中,为液滴在容器口的速率,是静电力常量. 由此得液滴的动能为21(2)(2)2()Qq h R m mg h R k h R R-=---v . (2)从上式可以看出,随着容器电量Q 的增加,落下的液滴在容器口的速率不断变小;当液滴在容器口的速率为零时,不能进入容器,容器的电量停止增加,容器达到最高电势. 设容器的最大电量为max Q ,则有 max (2)(2)0()Q q h R mg h R kh R R---=-.(3)由此得max ()mg h R RQ kq-=.(4)容器的最高电势为max max Q V kR=(5)由(4) 和 (5)式得max ()mg h R V q-=(6)评分标准:本题20分. (1)式6分, (2) 式2分,(3) 式4分,(4) 式2分, (5) 式3分,(6) 式3分.五、(25分)平行板电容器两极板分别位于2dz =±的平面内,电容器起初未被充电. 整个装置处于均匀磁场中,磁感应强度大小为B ,方向沿轴负方向,如图所示.1. 在电容器参考系中只存在磁场;而在以沿y 轴正方向的恒定速度(0,,0)v (这里(0,,0)v 表示为沿x 、y 、z 轴正方向的速度分量分别为0、、0,以下类似)相对于电容器运动的参考系S '中,可能既有电场(,,)xy z E E E '''又有磁场(,,)x y z B B B '''. 试在非相对论情形下,从伽利略速度变换,求出在参考系S '中电场(,,)x y z E E E '''和磁场(,,)x y z B B B '''的表达式. 已知电荷量和作用在物体上的合力在伽利略变换下不变.2. 现在让介电常数为的电中性液体(绝缘体)在平行板电容器两极板之间匀速流动,流速大小为,方向沿轴正方向. 在相对液体静止的参考系(即相对于电容器运动的参考系)S '中,由于液体处在第1问所述的电场(,,)xy z E E E '''中,其正负电荷会因电场力作用而发生相对移动(即所谓极化效应),使得液体中出现附加的静电感应电场,因而液体中总电场强度不再是(,,)xy z E E E ''',而是0(,,)xy z E E E εε''',这里0ε是真空的介电常数. 这将导致在电容器参考系中电场不再为零. 试求电容器参考系中电场的强度以及电容器上、下极板之间的电势差. (结果用0ε、、、B 或(和)表出. )参考解答:1. 一个带电量为的点电荷在电容器参考系中的速度为(,,)x y z u u u ,在运动的参考系S '中的速度为(,,)x y z u u u '''. 在参考系中只存在磁场(,,)(,0,0)x y z B B B B =-,因此这个点电荷在参考系中所受磁场的作用力为0,,x y z z y F F qu B F qu B==-= (1)在参考系S '中可能既有电场(,,)xy z E E E '''又有磁场(,,)x y z B B B ''',因此点电荷在S '参考系中所受电场和磁场的作用力的合力为(),(),()x x y z z y y yx z z x z z x y y x F q E u B u B F q E u B u B F q E u B u B '''''''=+-'''''''=-+'''''''=+- (2)两参考系中电荷、合力和速度的变换关系为,(,,)(,,),(,,)(,,)(0,,0)x y z x y z x y z x y z q q F F F F F F u u u u u u '='''='''=-v (3)由(1)、 (2)、 (3)式可知电磁场在两参考系中的电场强度和磁感应强度满足()0,,()xy z z y yx z z x z z x yy x y E u B u B E u B u B u B E u B u B u B '''+--='''-+=-'''+--=v v (4)它们对于任意的(,,)x y z u u u 都成立,故(,,)(0,0,),(,,)(,0,0)xy z xy z E E E B B B B B '''='''=-v (5)可见两参考系中的磁场相同,但在运动的参考系S '中却出现了沿z 方向的匀强电场. 2. 现在,电中性液体在平行板电容器两极板之间以速度(0,,0)v 匀速运动. 电容器参考系中的磁场会在液体参考系S '中产生由(5)式中第一个方程给出的电场. 这个电场会把液体极化,使得液体中的电场为(,,)(0,0,)xy z E E E B εε'''=v .(6)为了求出电容器参考系中的电场,我们再次考虑电磁场的电场强度和磁感应强度在两个参考系之间的变换,从液体参考系S '中的电场和磁场来确定电容器参考系中的电场和磁场. 考虑一带电量为的点电荷在两参考系中所受的电场和磁场的作用力. 在液体参考系S '中,这力(,,)x y z F F F '''如(2)式所示. 它在电容器参考系中的形式为(),(),()x x y z z y y y x z z x z z x y y x F q E u B u B F q E u B u B F q E u B u B =+-=-+=+- (7)利用两参考系中电荷、合力和速度的变换关系(3)以及(6)式,可得00,,()x y z z y y x z z x z z x y y x y E u B u B E u B u B u B BE u B u B u B εε+-=-+=-+-=+-v v (8)对于任意的(,,)x y z u u u 都成立,故(,,)(0,0,(1)),(,,)(,0,0)x y z x y z E E E B B B B B εε=-=-v (9)可见,在电容器参考系中的磁场仍为原来的磁场,现由于运动液体的极化,也存在电场,电场强度如(9)中第一式所示.注意到(9)式所示的电场为均匀电场,由它产生的电容器上、下极板之间的电势差为z V E d =-.(10)由(9)式中第一式和(10)式得01V Bd εε⎛⎫=- ⎪⎝⎭v .(11)评分标准:本题25分.第1问12分, (1) 式1分, (2) 式3分, (3) 式3分,(4) 式3分,(5) 式2分; 第2问13分, (6) 式1分,(7) 式3分,(8) 式3分, (9) 式2分, (10) 式2分,(11) 式2分.六、(15分)温度开关用厚度均为0.20 mm 的钢片和青铜片作感温元件;在温度为20C ︒时,将它们紧贴,两端焊接在一起,成为等长的平直双金属片. 若钢和青铜的线膨胀系数分别为51.010-⨯/度和52.010-⨯/度. 当温度升高到120C ︒时,双金属片将自动弯成圆弧形,如图所示. 试求双金属片弯曲的曲率半径. (忽略加热时金属片厚度的变化. )参考解答:设弯成的圆弧半径为,金属片原长为,圆弧所对的圆心角为,钢和青铜的线膨胀系数分别为1α和2α,钢片和青铜片温度由120C T =︒升高到2120C T =︒时的伸长量分别为1l ∆和2l ∆. 对于钢片1()2dr l l φ-=+∆ (1)1121()l l T T α∆=- (2)式中,0.20 mm d =. 对于青铜片2()2dr l l φ+=+∆ (3)2221()l l T T α∆=- (4)联立以上各式得2122121212()()2.010 mm 2()()T T r d T T αααα++-==⨯--(5)评分标准:本题15分. (1)式3分, (2) 式3分,(3) 式3分,(4) 式3分, (5) 式3分.七、(20分)一斜劈形透明介质劈尖,尖角为θ,高为. 今以尖角顶点为坐标原点,建立坐标系如图(a)所示;劈尖斜面实际上是由一系列微小台阶组成的,在图(a)中看来,每一个小台阶的前侧面与xz 平面平行,上表面与yz 平面平行. 劈尖介质的折射率n 随而变化,()1n x bx =+,其中常数0b >. 一束波长为λ的单色平行光沿轴正方向照射劈尖;劈尖后放置一薄凸透镜,在劈尖与薄凸透镜之间放一档板,在档板上刻有一系列与方向平行、沿y 方向排列的透光狭缝,如图(b)所示. 入射光的波面(即与平行入射光线垂直的平面)、劈尖底面、档板平面都与轴垂直,透镜主光轴为x 轴. 要求通过各狭缝的透射光彼此在透镜焦点处得到加强而形成亮纹. 已知第一条狭缝位于y =0处;物和像之间各光线的光程相等.1. 求其余各狭缝的y 坐标;2. 试说明各狭缝彼此等距排列能否仍然满足上述要求.图(a)图(b)参考解答:1. 考虑射到劈尖上某y 值处的光线,计算该光线由0x =到x h =之间的光程()y δ. 将该光线在介质中的光程记为1δ,在空气中的光程记为2δ. 介质的折射率是不均匀的,光入射到介x质表面时,在0x = 处,该处介质的折射率()01n =;射到处时,该处介质的折射率()1n x bx =+. 因折射率随x 线性增加,光线从0x =处射到1x h =(1h 是劈尖上y 值处光线在劈尖中传播的距离)处的光程1δ与光通过折射率等于平均折射率()()()1111110111222n n n h bh bh =+=++=+⎡⎤⎣⎦ (1)的均匀介质的光程相同,即2111112nh h bh δ==+(2)忽略透过劈尖斜面相邻小台阶连接处的光线(事实上,可通过选择台阶的尺度和档板上狭缝的位置来避开这些光线的影响),光线透过劈尖后其传播方向保持不变,因而有21h h δ=-(3)于是()212112y h b h δδδ=+=+.(4)由几何关系有1tan h y θ=.(5)故()22tan 2b y h y δθ=+.(6)从介质出来的光经过狭缝后仍平行于轴,狭缝的y 值应与对应介质的y 值相同,这些平行光线会聚在透镜焦点处.对于0y =处,由上式得d 0()=h.(7)处与0y =处的光线的光程差为()()220tan 2b y y δδθ-=.(8)由于物像之间各光线的光程相等,故平行光线之间的光程差在通过透镜前和会聚在透镜焦点处时保持不变;因而(8)式在透镜焦点处也成立. 为使光线经透镜会聚后在焦点处彼此加强,要求两束光的光程差为波长的整数倍,即22tan ,1,2,3,2b y k k θλ==.(9)由此得y Aθθ===. (10)除了位于y=0处的狭缝外,其余各狭缝对应的y坐标依次为,,,,A. (11)2. 各束光在焦点处彼此加强,并不要求(11)中各项都存在. 将各狭缝彼此等距排列仍可能满足上述要求. 事实上,若依次取,4,9,k m m m=,其中m为任意正整数,则49,,,m m my y y==. (12)这些狭缝显然彼此等间距,,光线在焦点处依然相互加强而形成亮纹.评分标准:本题20分.第1问16分,(1) 式2分,(2) 式2分,(3) 式1分,(4) 式1分,(5) 式2分,(6) 式1分,(7) 式1分,(8) 式1分,(9) 式2分,(10) 式1分,(11) 式2分;第2问4分,(12) 式4分(只要给出任意一种正确的答案,就给这4分).八、(20分)光子被电子散射时,如果初态电子具有足够的动能,以至于在散射过程中有能量从电子转移到光子,则该散射被称为逆康普顿散射. 当低能光子与高能电子发生对头碰撞时,就会出现逆康普顿散射. 已知电子静止质量为em,真空中的光速为. 若能量为eE的电子与能量为Eγ的光子相向对碰,1. 求散射后光子的能量;2. 求逆康普顿散射能够发生的条件;3. 如果入射光子能量为2.00 eV,电子能量为1.00´109 eV,求散射后光子的能量. 已知me=0.511´106 eV/c2. 计算中有必要时可利用近似:如果1x<<»1-12x.参考解答:1. 设碰撞前电子、光子的动量分别为ep(0ep>)、pγ(0pγ<),碰撞后电子、光子的能量、动量分别为,,,e eE p E pγγ''''. 由能量守恒有Ee+Eg=¢Ee+¢Eg. (1) 由动量守恒有c o s c o ss i n s i n.e eep p p pp pγγγαθαθ''+=+''=. (2)式中,α和分别是散射后的电子和光子相对于碰撞前电子的夹角. 光子的能量和动量满足E g =p g c ,¢E g =¢p g c .(3)电子的能量和动量满足22224e e e E p c m c -=,22224e e e E p c m c ''-=(4)由(1)、(2)、(3)、(4)式解得e E E E γγ'(5)由(2)式得22222()2()cos ee e p c p c p c p c p c p c p c γγγγθ'''=++-+此即动量p '、ep '和e p p γ+满足三角形法则. 将(3)、(4)式代入上式,并利用(1)式,得22(2)()22cos 2e e e E E E E E E E E E E E γγγγγγγγθθ''+-+=+--此即(5)式. ]当0θ→时有e E E E γγ'=(6)2. 为使能量从电子转移到光子,要求¢E g >E g . 由(5)式可见,需有E E γγ'-==> 此即E γ 或 e p p γ>(7)注意已设p e >0、p g <0.3. 由于2e e E m c >>和e E E γ>>,因而e p p p γγ+>>,由(5)式可知p p γγ'>>,因此有0θ≈. 又242e e e m cE E -.(8)将(8)式代入(6)式得¢E g »2EeEg2Eg+me2c42Ee. (9)代入数据,得¢Eg»29.7´106eV. (10)评分标准:本题20分.第1问10分,(1) 式2分,(2) 式2分,(3) 式2分,(4) 式2分,(5) 或(6)式2分;第2问5分,(7) 式5分;第3问5分,(8) 式2分,(9) 式1分,(10) 式2分.。

北京市高中物理(力学)竞赛第30届(2017)决赛试题

北京市高中物理(力学)竞赛第30届(2017)决赛试题

绝密★启用前北京市高中物理(力学)竞赛第30届(2017)决赛试题试卷副标题xxx注意事项:1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2.请将答案正确填写在答题卡上第I 卷(选择题)请点击修改第I 卷的文字说明第II卷(非选择题)请点击修改第II卷的文字说明一、填空题1.观察火箭的发射,火箭单位时间内喷出质量为ρ的燃料,喷出燃料相对于火箭的速度为u,ρ、u不变。

随着火箭上升的速度不断变大,火箭所受推力的大小变化情况是_____,理由是_____________________。

2.男子花样滑冰中的一个高难动作是:跳起,空中旋转4周落下。

解说员说,这需要滑行速度足够大,使运动员惯性大才能完成转4周。

你对这说法的评论是____________________。

3.细线绕在半径为R的定滑轮上,线的一端吊一物体,物体释放后下降的距离满足的规律是212h at=,a为加速度,t时刻滑轮边缘一点加速度的大小是_______________。

4.小球A沿光滑水平面自西向东运动,与一同样质量的静止小球B发生完全弹性碰撞,后A球运动方向为东偏北1θ角,B球运动方向为东偏南2θ角,1θ与2θ的关系为______________。

解题方程为_____________________。

5.倾角为θ,高为h的斜面顶端放置一小细钢环,钢环释放后沿斜面无滑滚下,钢环与水平地面的碰撞是完全弹性的,钢环弹起的高度为_____________,解题方程为___________。

二、解答题6.以初速度v竖直上抛一物体,物体所受空气阻力与速度成正比。

试画出物体从抛出到落回原地过程中的速度——时间图线。

(要求体现上升下降两段运动特点即可)7.如图所示,滑轮上绕一不可伸长的绳,绳上悬一轻质弹簧,弹性系数为k,弹簧另一端挂一质量为m的物体.当滑轮以匀角速度转动时,物体以匀速0v下降.若将滑轮突然停住,试求弹簧的最大伸长及最大拉力是多少?…线…………○………线…………○……8.质量为0m 的卡车上载一质量为m 的木箱,以速度v 沿平直路面行驶,因故突然刹车,车轮立即停止转动,卡车滑行一定距离后静止,木箱在卡车上相对于卡车滑行了l 距离,卡车滑行的距离为L 。

第30届全国中学生物理竞赛复赛试题及参考答案

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第30届全国中学生物理竞赛复赛考试试题一、(15分)一半径为R 、内侧光滑的半球面固定在地面上,开口水平且朝上. 一小滑块在半球面内侧最高点处获得沿球面的水平速度,其大小为0v (00≠v ). 求滑块在整个运动过程中可能达到的最大速率. 重力加速度大小为g .二、(20分)一长为2l 的轻质刚性细杆位于水平的光滑桌面上,杆的两端分别固定一质量为m 的小物块D 和一质量为m α(α为常数)的小物块B ,杆可绕通过小物块B 所在端的竖直固定转轴无摩擦地转动. 一质量为m 的小环C 套在细杆上(C 与杆密接),可沿杆滑动,环C 与杆之间的摩擦可忽略. 一轻质弹簧原长为l ,劲度系数为k ,两端分别与小环C 和物块B 相连. 一质量为m 的小滑块A 在桌面上以垂直于杆的速度飞向物块D ,并与之发生完全弹性正碰,碰撞时间极短. 碰撞 时滑块C 恰好静止在距轴为r (r >l )处.1. 若碰前滑块A 的速度为0v ,求碰撞过程中轴受到的作用力的冲量;2. 若碰后物块D 、C 和杆刚好做匀速转动,求碰前滑块A 的速度0v 应满足的条件.三、(25分)一质量为m 、长为L 的匀质细杆,可绕过其一端的光滑水平轴O 在竖直平面内自由转动. 杆在水平状态由静止开始下摆, 1. 令mLλ=表示细杆质量线密度. 当杆以角速度ω绕过其一端的光滑水平轴O 在竖直平面内转动时,其转动动能可表示为k E k L αβγλω=式中,k 为待定的没有单位的纯常数. 已知在同一单位制下,两物理量当且仅当其数值和单位都相等时才相等. 由此求出α、β和γ的值.2. 已知系统的动能等于系统的质量全部集中在质心时随质心一起运动的动能和系统在质心系(随质心平动的参考系)中的动能之和,求常数k 的值.3. 试求当杆摆至与水平方向成θ角时在杆上距O 点为r 处的横截面两侧部分的相互作用力. 重力加速度大小为g .提示:如果)(t X 是t 的函数,而))((t X Y 是)(t X 的函数,则))((t X Y 对t 的导数为d (())d d d d d Y X t Y Xt X t=例如,函数cos ()t θ对自变量t 的导数为dcos ()dcos d d d d t t tθθθθ=四、(20分)图中所示的静电机由一个半径为R 、与环境绝缘的开口(朝上)金属球壳形的容器和一个带电液滴产生器G 组成. 质量为m 、带电量为q 的球形液滴从G 缓慢地自由掉下(所谓缓慢,意指在G 和容器口之间总是只有一滴液滴). 液滴开始下落时相对于地面的高度为h . 设液滴很小,容器足够大,容器在达到最高电势之前进入容器的液体尚未充满容器. 忽略G 的电荷对正在下落的液滴的影响.重力加速度大小为g . 若容器初始电势为零,求容器可达到的最高电势max V .五、(25分)平行板电容器两极板分别位于2dz =±的平面内,电容器起初未被充电. 整个装置处于均匀磁场中,磁感应强度大小为B ,方向沿x 轴负方向,如图所示.1. 在电容器参考系S 中只存在磁场;而在以沿y 轴正方向的恒定速度(0,,0)v (这里(0,,0)v 表示为沿x 、y 、z 轴正方向的速度分量分别为0、v 、0,以下类似)相对于电容器运动的参考系S '中,可能既有电场(,,)xy z E E E '''又有磁场(,,)x y z B B B '''. 试在非相对论情形下,从伽利略速度变换,求出在参考系S '中电场(,,)xy z E E E '''和磁场(,,)x y z B B B '''的表达式. 已知电荷量和作用在物体上的合力在伽利略变换下不变.2. 现在让介电常数为ε的电中性液体(绝缘体)在平行板电容器两极板之间匀速流动,流速大小为v ,方向沿y 轴正方向. 在相对液体静止的参考系(即相对于电容器运动的参考系)S '中,由于液体处在第1问所述的电场(,,)xy z E E E '''中,其正负电荷会因电场力作用而发生相对移动(即所谓极化效应),使得液体中出现附加的静电感应电场,因而液体中总电场强度不再是(,,)xy z E E E ''',而是0(,,)x y zE E E εε''',这里0ε是真空的介电常数. 这将导致在电容器参考系S 中电场不再为零. 试求电容器参考系S 中电场的强度以及电容器上、下极板之间的电势差. (结果用0ε、ε、v 、B 或(和)d 表出. )六、(15分)温度开关用厚度均为0.20 mm 的钢片和青铜片作感温元件;在温度为20C ︒时,将它们紧贴,两端焊接在一起,成为等长的平直双金属片. 若钢和青铜的线膨胀系数分别为51.010-⨯/度和52.010-⨯/度. 当温度升高到120C ︒时,双金属片将自动弯成圆弧形,如图所示. 试求双金属片弯曲的曲率半径. (忽略加热时金属片厚度的变化. )七、(20分)一斜劈形透明介质劈尖,尖角为θ,高为h . 今以尖角顶点为坐标原点,建立坐标系如图(a)所示;劈尖斜面实际上是由一系列微小台阶组成的,在图(a)中看来,每一个小台阶的前侧面与xz 平面平行,上表面与yz 平面平行. 劈尖介质的折射率n 随x 而变化,()1n x bx =+,其中常数0b >. 一束波长为λ的单色平行光沿x 轴正方向照射劈尖;劈尖后放置一薄凸透镜,在劈尖与薄凸透镜之间放一档板,在档板上刻有一系列与z 方向平行、沿y 方向排列的透光狭缝,如图(b)所示. 入射光的波面(即与平行入射光线垂直的平面)、劈尖底面、档板平面都与x 轴垂直,透镜主光轴为x 轴. 要求通过各狭缝的透射光彼此在透镜焦点处得到加强而形成亮纹. 已知第一条狭缝位于y =0处;物和像之间各光线的光程相等.1. 求其余各狭缝的y 坐标;2. 试说明各狭缝彼此等距排列能否仍然满足上述要求.图(a) 图(b)x八、(20分)光子被电子散射时,如果初态电子具有足够的动能,以至于在散射过程中有能量从电子转移到光子,则该散射被称为逆康普顿散射. 当低能光子与高能电子发生对头碰撞时,就会出现逆康普顿散射. 已知电子静止质量为e m ,真空中的光速为 c . 若能量为e E 的电子与能量为E γ的光子相向对碰,1. 求散射后光子的能量;2. 求逆康普顿散射能够发生的条件;3. 如果入射光子能量为2.00 eV ,电子能量为 1.00´109 eV ,求散射后光子的能量. 已知m e =0.511´106 eV /c 2. 计算中有必要时可利用近似:如果1x <<»1-12x .第30届全国中学生物理竞赛复赛考试试题答案1参考解答:以滑块和地球为系统,它在整个运动过程中机械能守恒. 滑块沿半球面内侧运动时,可将其速度v 分解成纬线切向 (水平方向)分量ϕv 及经线切向分量θv . 设滑块质量为m ,在某中间状态时,滑块位于半球面内侧P 处,P 和球心O 的连线与水平方向的夹角为θ. 由机械能守恒得2220111sin 222m mgR m m ϕθθ=-++v v v (1) 这里已取球心O 处为重力势能零点. 以过O 的竖直线为轴. 球面对滑块的支持力通过该轴,力矩为零;重力相对于该轴的力矩也为零. 所以在整个运动过程中,滑块相对于轴的角动量守恒,故0cos m R m R ϕθ=v v .(2)由 (1) 式,最大速率应与θ的最大值相对应max max ()θ=v v . (3)而由 (2) 式,q 不可能达到π2. 由(1)和(2)式,q 的最大值应与0θ=v 相对应,即max ()0θθ=v . (4) [(4)式也可用下述方法得到:由 (1)、(2) 式得22202sin tan 0gR θθθ-=≥v v .若sin 0θ≠,由上式得22sin 2cos gRθθ≤v .实际上,sin =0θ也满足上式。

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处,相对于赤道上一地面物质供应站保持静。

问导体球的半径是多少?已知静电力常量为k。

五、(20分)
如图,处于超导态、半径为r0、质量为m、自感为L的超导细圆环处在
竖直放置的柱形磁棒上方,其对称轴与磁棒的对称轴重合。

圆环附近的
分别为竖直和径向位置坐标。

在t
(规定圆环中电流的正向与z轴正向满足右手规则)。

轴的细光束。

1.由于细丝到观察屏的距离远大于观察屏的尺寸,因而上、下两侧的入射光只有45°入射角附近的细光束经细丝反射到屏上,上、下两侧的反射光束分别形成两个虚像,试求这两个虚像的位置。

(注:当x≈0时,sin x≈x,cos x≈l)
2.求细丝的直径d。

第30届全国中学生物理竞赛决赛考试答案一、
四、
五、
六、
七、
八、。

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第30届全国中学生物理竞赛复赛考试试题解答与评分标准[2013-09-21]【一】15分)一半径为R 、内侧光滑的半球面固定在地面上,开口水平且朝上. 一小滑块在半球面内侧最高点处获得沿球面的水平速度,其大小为0v (00≠v ). 求滑块在整个运动过程中可能达到的最大速率. 重力加速度大小为g .【参考解答】以滑块和地球为系统,它在整个运动过程中机械能守恒.度v 分解成纬线切向 (水平方向)分量ϕv 及经线切向分量θv . 设滑块质量为m ,在某中间状态时,滑块位于半球面内侧P 处,P 和球心O 的连线与水平方向的夹角为θ. 由机械能守恒得2220111sin 222m mgR m m ϕθθ=-++v v v(1)这里已取球心O 处为重力势能零点. 以过O 的竖直线为轴. 球面对滑块的支持力通过该轴,力矩为零;重力相对于该轴的力矩也为零. 所以在整个运动过程中,滑块相对于轴的角动量守恒,故0cos m R m R ϕθ=v v .(2)由 (1) 式,最大速率应与θ的最大值相对应max max ()θ=v v .(3)而由 (2) 式,q 不可能达到π2. 由(1)和(2)式,q 的最大值应与0θ=v 相对应,即max ()0θθ=v . 【(4)式也可用下述方法得到:由 (1)、(2) 式得22202sin tan 0gR θθθ-=≥v v .若sin 0θ≠,由上式得220sin 2cos gRθθ≤v .实际上,sin =0θ也满足上式。

由上式可知max 22max 0sin 2cos gRθθ=v .由(3)式有222max max 0max ()2sin tan 0gR θθθθ=-=v v .(4’)】将max ()0θθ=v 代入式(1),并与式(2)联立,得()2220max max max sin 2sin 1sin 0gR θθθ--=v .(5)以max sin θ为未知量,方程(5)的一个根是sin q=0,即q =0,这表示初态,其速率为最小值,不是所求的解. 于是max sin 0θ≠. 约去max sin θ,方程(5)变为 22max 0max 2sin sin 20gR gR θθ+-=v .(6)其解为20maxsin 14gR θ⎫=⎪⎪⎭v .(7)注意到本题中sin 0θ≥,方程(6)的另一解不合题意,舍去. 将(7)式代入(1)式得,当max θθ=时,(22012ϕ=+v v , (8)考虑到(4)式有max ==v (9)【评分标准】本题15分. (1)式3分, (2) 式3分,(3) 式1分,(4) 式3分, (5) 式1分,(6) 式1分,(7) 式1分, (9) 式2分.【二】(20分)一长为2l 的轻质刚性细杆位于水平的光滑桌面上,杆的两端分别固定一质量为m 的小物块D 和一质量为m α(α为常数)的小物块B ,杆可绕通过小物块B 所在端的竖直固定转轴无摩擦地转动. 一质量为m 的小环C 套在细杆上(C 与杆密接),可沿杆滑动,环C 与杆之间的摩擦可忽略. 一轻质弹簧原长为l ,劲度系数为k ,两端分别与小环C 和物块B 相连. 一质量为m 的小滑块A 在桌面上以垂直于杆的速度飞向物块D ,并与之发生完全弹性正碰,碰撞时间极短. 碰撞 时滑块C 恰好静止在距轴为r (r >l )处. 1. 若碰前滑块A 的速度为0v ,求碰撞过程中轴受到的作用力的冲量;2. 若碰后物块D 、C 和杆刚好做匀速转动,求碰前滑块A 的速度0v 应满足的条件.【参考解答】1. 由于碰撞时间t ∆很小,弹簧来不及伸缩碰撞已结束. 设碰后A 、C 、D 的速度分别为A v 、C v 、D v ,显然有D C 2l r =v v .(1)以A 、B 、C 、D 为系统,在碰撞过程中,系统相对于轴不受外力矩作用,其相对于轴的角动量守恒D C A 0222m l m r m l m l ++=v v v v .(2)由于轴对系统的作用力不做功,系统内仅有弹力起作用,所以系统机械能守恒. 又由于碰撞时间t ∆很小,弹簧来不及伸缩碰撞已结束,所以不必考虑弹性势能的变化. 故2222D C A 011112222m m m m ++=v v v v .(3)由 (1)、(2)、(3) 式解得2200022222248,,888C D A lr l r l r l r l r===-+++v v v v v v (4)【代替 (3) 式,可利用弹性碰撞特点0D A =-v v v .(3’)同样可解出(4). 】设碰撞过程中D 对A 的作用力为1F ',对A 用动量定理有221A 0022428l r F t m m m l r+'∆=-=-+v v v ,(5)方向与0v 方向相反. 于是,A 对D 的作用力为1F 的冲量为221022428l r F t m l r+∆=+v (6)方向与0v 方向相同.以B 、C 、D 为系统,设其质心离转轴的距离为x ,则22(2)2mr m l l r x m αα++==++.(7)质心在碰后瞬间的速度为C 0224(2)(2)(8)l l r x r l r α+==++v v v . (8)轴与杆的作用时间也为t ∆,设轴对杆的作用力为2F ,由质心运动定理有 ()210224(2)28l l r F t F t m m l r α+∆+∆=+=+v v .(9)由此得2022(2)28r l r F t m l r-∆=+v . (10)方向与0v 方向相同. 因而,轴受到杆的作用力的冲量为2022(2)28r l r F t m l r-'∆=-+v , (11)方向与0v 方向相反. 注意:因弹簧处在拉伸状态,碰前轴已受到沿杆方向的作用力;在碰撞过程中还有与向心力有关的力作用于轴. 但有限大小的力在无限小的碰撞时间内的冲量趋于零,已忽略.【代替 (7)-(9) 式,可利用对于系统的动量定理 21C D F t F t m m ∆+∆=+v v . 】【也可由对质心的角动量定理代替 (7)-(9) 式. 】2. 值得注意的是,(1)、(2)、(3) 式是当碰撞时间极短、以至于弹簧来不及伸缩的条件下才成立的. 如果弹簧的弹力恰好提供滑块C 以速度02248C lrl r =+v v 绕过B 的轴做匀速圆周运动的向心力,即()222C 022216(8)l r k r m m r l r -==+ v v(12) 则弹簧总保持其长度不变,(1)、(2)、(3) 式是成立的. 由(12)式得碰前滑块A 的速度0v 应满足的条件0v (13)可见,为了使碰撞后系统能保持匀速转动,碰前滑块A 的速度大小0v 应满足(13)式.【评分标准】本题20分.第1问16分,(1)式1分, (2) 式2分,(3) 式2分,(4) 式2分, (5) 式2分,(6) 式1分,(7) 式1分,(8) 式1分,(9) 式2分,(10) 式1分,(11) 式1分; 第2问4分,(12) 式2分,(13) 式2分.【三】(25分)一质量为m 、长为L 的匀质细杆,可绕过其一端的光滑水平轴O 在竖直平面内自由转动. 杆在水平状态由静止开始下摆, 1. 令mLλ=表示细杆质量线密度. 当杆以角速度ω绕过其一端的光滑水平轴O 在竖直平面内转动时,其转动动能可表示为k E k L αβγλω=式中,k 为待定的没有单位的纯常数. 已知在同一单位制下,两物理量当且仅当其数值和单位都相等时才相等. 由此求出α、β和γ的值.2. 已知系统的动能等于系统的质量全部集中在质心时随质心一起运动的动能和系统在质心系(随质心平动的参考系)中的动能之和,求常数k 的值.3. 试求当杆摆至与水平方向成θ角时在杆上距O 点为r 处的横截面两侧部分的相互作用力. 重力加速度大小为g .提示:如果)(t X 是t 的函数,而))((t X Y 是)(t X 的函数,则))((t X Y 对t 的导数为d (())d d d d d Y X t Y Xt X t=例如,函数cos ()t θ对自变量t 的导数为dcos ()dcos d d d d t t t θθθθ=【参考解答】1. 当杆以角速度ω绕过其一端的光滑水平轴O 在竖直平面内转动时,其动能是独立变量λ、ω和L 的函数,按题意 可表示为k E k L αβγλω=(1)式中,k 为待定常数(单位为1). 令长度、质量和时间的单位分别为[]L 、[]M 和[]T (它们可视为相互独立的基本单位),则λ、ω、L 和k E 的单位分别为1122[][][],[][],[][],[][][][]k M L T L L E M L T λω---====(2)在一般情形下,若[]q 表示物理量q 的单位,则物理量q 可写为()[]q q q = (3)式中,()q 表示物理量q 在取单位[]q 时的数值. 这样,(1) 式可写为()[]()()()[][][]k k E E k L L αβγαβγλωλω= (4)在由(2)表示的同一单位制下,上式即()()()()k E k L αβγλω=(5)[][][][]k E L αβγλω=(6)将 (2)中第四 式代入 (6) 式得22[][][][][][]M L T M L T αγαβ---=(7)(2)式并未规定基本单位[]L 、[]M 和[]T 的绝对大小,因而(7)式对于任意大小的[]L 、[]M 和[]T 均成立,于是1,2,3αβγ===(8) 所以23k E k L λω= (9)2. 由题意,杆的动能为,c ,rk k k E E E =+(10)其中,22,cc 11()222k L E m L λω⎛⎫== ⎪⎝⎭v (11)注意到,杆在质心系中的运动可视为两根长度为2L的杆过其公共端(即质心)的光滑水平轴在铅直平面内转动,因而,杆在质心系中的动能,r k E 为32,r2(,,)222k k L L E E k λωλω⎛⎫== ⎪⎝⎭(12)将(9)、 (11)、 (12)式代入(10)式得2323212222L L k L L k λωλωλω⎛⎫⎛⎫=+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭(13) 由此解得 16k =(14) 于是E k =16lw 2L 3.(15)3. 以细杆与地球为系统,下摆过程中机械能守恒sin 2k L E mg θ⎛⎫= ⎪⎝⎭ (16)由(15)、(16)式得w =.(17)以在杆上距O 点为r 处的横截面外侧长为()L r -的那一段为研究对象,该段质量为()L r λ-,其质心速度为22c L r L rr ωω-+⎛⎫'=+= ⎪⎝⎭v .(18)设另一段对该段的切向力为T (以θ增大的方向为正方向), 法向(即与截面相垂直的方向)力为N (以指向O 点方向为正向),由质心运动定理得()()cos t T L r g L r a λθλ+-=- (19) ()()sin n N L r g L r a λθλ--=-(20)式中,t a 为质心的切向加速度的大小()3cos d d d d d 2d 2d dt 4c t L r g L r L r a t t Lθωωθθ+'++====v (21) 而n a 为质心的法向加速度的大小()23sin 22n L r g L r a Lθω++==.(22)由(19)、(20)、(21)、(22)式解得 ()()23cos 4L r r L T mg L θ--=(23)()()253sin 2L r L r N mg L θ-+=(24)【评分标准】本题25分.第1问5分, (2) 式1分, (6) 式2分,(7) 式1分,(8) 式1分;第2问7分, (10) 式1分,(11) 式2分,(12) 式2分, (14) 式2分;不依赖第1问的结果,用其他方法正确得出此问结果的,同样给分;第3问13分,(16) 式1分,(17) 式1分,(18) 式1分,(19) 式2分,(20) 式2分,(21) 式2分,(22) 式2分,(23) 式1分,(24) 式1分;不依赖第1、2问的结果,用其他方法正确得出此问结果的,同样给分.【四】(20分)图中所示的静电机由一个半径为R 、与环境绝缘的开口(朝上)金属球壳形的容器和一个带电液滴产生器G 组成. 质量为m 、带电量为q 的球形液滴从G 缓慢地自由掉下(所谓缓慢,意指在G 和容器口之间总是只有一滴液滴). 液滴开始下落时相对于地面的高度为h . 设液滴很小,容器足够大,容器在达到最高电势之前进入容器的液体尚未充满容器. 忽略G 的电荷对正在下落的液滴的影响.重力加速度大小为g . 若容器初始电势为零,求容器可达到的最高电势max V .【参考解答】设在某一时刻球壳形容器的电量为Q . 以液滴和容器为体系,考虑从一滴液滴从带电液滴产生器 G 出口自由下落到容器口的过程. 根据能量守恒有2122Qq Qqmgh km mgR kh R R+=++-v . (1)式中,v 为液滴在容器口的速率,k 是静电力常量. 由此得液滴的动能为21(2)(2)2()Qq h R m mg h R k h R R-=---v . (2)从上式可以看出,随着容器电量Q 的增加,落下的液滴在容器口的速率v 不断变小;当液滴在容器口的速率为零时,不能进入容器,容器的电量停止增加,容器达到最高电势. 设容器的最大电量为max Q ,则有 max (2)(2)0()Q q h R mg h R kh R R---=-.(3)由此得max ()mg h R RQ kq-=.(4)容器的最高电势为maxmax Q V kR= (5) 由(4) 和 (5)式得max ()mg h R V q-=(6)【评分标准】本题20分. (1)式6分, (2) 式2分,(3) 式4分,(4) 式2分, (5) 式3分,(6) 式3分.【五】(25分)平行板电容器两极板分别位于2dz =±的平面内,电容器起初未被充电. 整个装置处于均匀磁场中,磁感应强度大小为B ,方向沿x 轴负方向,如图所示. 1. 在电容器参考系S 中只存在磁场;而在以沿y 轴正方向的恒定速度(0,,0)v (这里(0,,0)v 表示为沿x 、y 、z 轴正方向的速度分量分别为0、v 、0,以下类似)相对于电容器运动的参考系S '中,可能既有电场(,,)xy z E E E '''又有磁场(,,)x y z B B B '''. 试在非相对论情形下,从伽利略速度变换,求出在参考系S '中电场(,,)x y z E E E '''和磁场(,,)x y z B B B '''的表达式. 已知电荷量和作用在物体上的合力在伽利略变换下不变.2. 现在让介电常数为ε的电中性液体(绝缘体)在平行板电容器两极板之间匀速流动,流速大小为v ,方向沿y 轴正方向. 在相对液体静止的参考系(即相对于电容器运动的参考系)S '中,由于液体处在第1问所述的电场(,,)xy z E E E '''中,其正负电荷会因电场力作用而发生相对移动(即所谓极化效应),使得液体中出现附加的静电感应电场,因而液体中总电场强度不再是(,,)xy z E E E ''',而是0(,,)xy z E E E εε''',这里0ε是真空的介电常数. 这将导致在电容器参考系S 中电场不再为零. 试求电容器参考系S 中电场的强度以及电容器上、下极板之间的电势差. (结果用0ε、ε、v 、B 或(和)d 表出. )【参考解答】1. 一个带电量为q 的点电荷在电容器参考系S 中的速度为(,,)x y z u u u ,在运动的参考系S '中的速度为(,,)x y z u u u '''. 在参考系S 中只存在磁场(,,)(,0,0)x y z B B B B =-,因此这个点电荷在参考系S 中所受磁场的作用力为0,,x y z z y F F qu B F qu B==-= (1)在参考系S '中可能既有电场(,,)x y z E E E '''又有磁场(,,)x y z B B B ''',因此点电荷q 在S '参考系中所受电场和磁场的作用力的合力为(),(),()x x y z z y y yx z z x z z x y y x F q E u B u B F q E u B u B F q E u B u B '''''''=+-'''''''=-+'''''''=+- (2)两参考系中电荷、合力和速度的变换关系为,(,,)(,,),(,,)(,,)(0,,0)x y z x y z x y z x y z q q F F F F F F u u u u u u '='''='''=-v (3)由(1)、 (2)、 (3)式可知电磁场在两参考系中的电场强度和磁感应强度满足()0,,()xy z z y yx z z x z z x yy x y E u B u B E u B u B u B E u B u B u B '''+--='''-+=-'''+--=v v (4)它们对于任意的(,,)x y z u u u 都成立,故(,,)(0,0,),(,,)(,0,0)xy z xy z E E E B B B B B '''='''=-v (5)可见两参考系中的磁场相同,但在运动的参考系S '中却出现了沿z 方向的匀强电场.2. 现在,电中性液体在平行板电容器两极板之间以速度(0,,0)v 匀速运动. 电容器参考系S 中的磁场会在液体参考系S '中产生由(5)式中第一个方程给出的电场. 这个电场会把液体极化,使得液体中的电场为(,,)(0,0,)xy z E E E B εε'''=v . (6) 为了求出电容器参考系S 中的电场,我们再次考虑电磁场的电场强度和磁感应强度在两个参考系之间的变换,从液体参考系S '中的电场和磁场来确定电容器参考系S 中的电场和磁场. 考虑一带电量为q 的点电荷在两参考系中所受的电场和磁场的作用力. 在液体参考系S '中,这力(,,)x y z F F F '''如(2)式所示. 它在电容器参考系S 中的形式为(),(),()x x y z z y y y x z z x z z x y y x F q E u B u B F q E u B u B F q E u B u B =+-=-+=+- (7)利用两参考系中电荷、合力和速度的变换关系(3)以及(6)式,可得00,,()x y z z y y x z z x z z x y y x y E u B u B E u B u B u B BE u B u B u B εε+-=-+=-+-=+-v v (8)对于任意的(,,)x y z u u u 都成立,故(,,)(0,0,(1)),(,,)(,0,0)x y z x y z E E E B B B B B εε=-=-v (9)可见,在电容器参考系S 中的磁场仍为原来的磁场,现由于运动液体的极化,也存在电场,电场强度如(9)中第一式所示.注意到(9)式所示的电场为均匀电场,由它产生的电容器上、下极板之间的电势差为z V E d =-.(10)由(9)式中第一式和(10)式得01V Bd εε⎛⎫=- ⎪⎝⎭v .(11)【评分标准】本题25分.第1问12分, (1) 式1分, (2) 式3分, (3) 式3分,(4) 式3分,(5) 式2分;第2问13分, (6) 式1分,(7) 式3分,(8) 式3分, (9) 式2分, (10) 式2分,(11) 式2分.【六】(15分)温度开关用厚度均为0.20 mm 的钢片和青铜片作感温元件;在温度为20C ︒时,将它们紧贴,两端焊接在一起,成为等长的平直双金属片. 若钢和青铜的线膨胀系数分别为51.010-⨯/度和52.010-⨯/度. 当温度升高到120C ︒时,双金属片将自动弯成圆弧形,如图所示. 试求双金属片弯曲的曲率半径. (忽略加热时金属片厚度的变化. )【参考解答】设弯成的圆弧半径为r ,金属片原长为l ,圆弧所对的圆心角为φ,钢和青铜的线膨胀系数分别为1α和2α,钢片和青铜片温度由120C T =︒升高到2120C T =︒时的伸长量分别为1l ∆和2l ∆. 对于钢片1()2dr l l φ-=+∆ (1)1121()l l T T α∆=- (2)式中,0.20 mm d =. 对于青铜片2()2dr l l φ+=+∆ (3)2221()l l T T α∆=- (4)联立以上各式得2122121212()()2.010 mm 2()()T T r d T T αααα++-==⨯-- (5)【评分标准】本题15分. (1)式3分, (2) 式3分,(3) 式3分,(4) 式3分, (5) 式3分.【七】(20分)一斜劈形透明介质劈尖,尖角为θ,高为h . 今以尖角顶点为坐标原点,建立坐标系如图(a)所示;劈尖斜面实际上是由一系列微小台阶组成的,在图(a)中看来,每一个小台阶的前侧面与xz 平面平行,上表面与yz 平面平行. 劈尖介质的折射率n 随x 而变化,()1n x bx =+,其中常数0b >. 一束波长为λ的单色平行光沿x 轴正方向照射劈尖;劈尖后放置一薄凸透镜,在劈尖与薄凸透镜之间放一档板,在档板上刻有一系列与z 方向平行、沿y 方向排列的透光狭缝,如图(b)所示. 入射光的波面(即与平行入射光线垂直的平面)、劈尖底面、档板平面都与x 轴垂直,透镜主光轴为x 轴. 要求通过各狭缝的透射光彼此在透镜焦点处得到加强而形成亮纹. 已知第一条狭缝位于y =0处;物和像之间各光线的光程相等. 1. 求其余各狭缝的y 坐标;2. 试说明各狭缝彼此等距排列能否仍然满足上述要求.【参考解答】1. 考虑射到劈尖上某y 值处的光线,计算该光线由0x =到x h =之间的光程()y δ. 将该光线在介质中的光程记为1δ,在空气中的光程记为2δ. 介质的折射率是不均匀的,光入射到介质表面时,在0x = 处,该处介质的折射率()01n =;射到x 处时,该处介质的折射率()1n x bx =+. 因折射率随x 线性增加,光线从0x =处射到1x h =(1h 是劈尖上y 值处光线在劈尖中传播的距离)处的光程1δ与光通过折射率等于平均折射率()()()1111110111222n n n h bh bh =+=++=+⎡⎤⎣⎦ (1)的均匀介质的光程相同,即2111112nh h bh δ==+(2)忽略透过劈尖斜面相邻小台阶连接处的光线(事实上,可通过选择台阶的尺度和档板上狭缝的位置来避开这些光线的影响),光线透过劈尖后其传播方向保持不变,因而有 21h h δ=-(3) 于是hx()212112y h b h δδδ=+=+.(4)由几何关系有1tan h y θ=.(5) 故()22tan 2b y h y δθ=+.(6)从介质出来的光经过狭缝后仍平行于x 轴,狭缝的y 值应与对应介质的y 值相同,这些平行光线会聚在透镜焦点处.对于0y =处,由上式得d 0()=h.(7)y 处与0y =处的光线的光程差为()()220tan 2b y y δδθ-=.(8)由于物像之间各光线的光程相等,故平行光线之间的光程差在通过透镜前和会聚在透镜焦点处时保持不变;因而(8)式在透镜焦点处也成立. 为使光线经透镜会聚后在焦点处彼此加强,要求两束光的光程差为波长的整数倍,即22tan ,1,2,3,2b y k k θλ== .(9) 由此得y A θθ===.(10)除了位于y =0处的狭缝外,其余各狭缝对应的y 坐标依次为,,,,A .(11)2. 各束光在焦点处彼此加强,并不要求(11)中各项都存在. 将各狭缝彼此等距排列仍可能满足上述要求. 事实上,若依次取,4,9,k m m m = ,其中m 为任意正整数,则49,,,m m m y y y === .(12),光线在焦点处依然相互加强而形成亮纹.【评分标准】本题20分.第1问16分, (1) 式2分, (2) 式2分, (3) 式1分,(4) 式1分,(5) 式2分,(6) 式1分,(7) 式1分,(8) 式1分, (9) 式2分, (10) 式1分,(11) 式2分; 第2问4分,(12) 式4分(只要给出任意一种正确的答案,就给这4分).【八】(20分)光子被电子散射时,如果初态电子具有足够的动能,以至于在散射过程中有能量从电子转移到光子,则该散射被称为逆康普顿散射. 当低能光子与高能电子发生对头碰撞时,就会出现逆康普顿散射. 已知电子静止质量为e m ,真空中的光速为 c . 若能量为e E 的电子与能量为E γ的光子相向对碰, 1. 求散射后光子的能量;2. 求逆康普顿散射能够发生的条件;3. 如果入射光子能量为2.00 eV ,电子能量为 1.00´109 eV ,求散射后光子的能量. 已知m e =0.511´106 eV /c 2. 计算中有必要时可利用近似:如果1x <<»1-12x .【参考解答】1.设碰撞前电子、光子的动量分别为e p (0e p >)、p γ(0p γ<),碰撞后电子、光子的能量、动量分别为,,,e e E p E p γγ''''. 由能量守恒有E e +E g =¢E e +¢E g .(1)由动量守恒有p e +p g =¢p e+¢p g . (2)光子的能量和动量满足E g =p g c ,¢E g =¢p g c .(3)电子的能量和动量满足 22224e e e E p c m c -=,22224e e e E p c m c ''-=(4)由(1)、(2)、(3)、(4)式解得e E E E γγ+'= (5)2. 由(5)式可见,为使¢E g >E g , 需有0E E γγ'-=>即E γ 或 e p p γ>(6)注意已设p e >0、p g <0. 3. 由于2e e E mc >>, 因此有242e e e m cE E -.(7)将(7)式代入(5)式得eee E cm E E E E 22242'+≈γγγ. (8)代入数据,得 ¢E g »29.7´106eV .(9)【评分标准】本题20分.第1问10分, (1) 式2分, (2) 式2分, (3) 式2分,(4) 式2分,(5) 式2分; 第2问5分,(6) 式5分;第3问5分,(7) 式2分, (8) 式1分, (9) 式2分.。

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