高考数学一轮复习 第五章 第4讲 数列求和课件 文

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高三数学一轮总复习 第五章 数列 5.4 数列求和课件.ppt

高三数学一轮总复习 第五章 数列 5.4 数列求和课件.ppt

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n
4.一个数列{an},当 n 是奇数时,an=5n+1;当 n 为偶数时,an=22 ,则这 个数列的前 2m 项的和是__________。
解析:当 n 为奇数时,{an}是以 6 为首项,以 10 为公差的等差数列;当 n 为偶 数时,{an}是以 2 为首项,以 2 为公比的等比数列。所以,S2m=S 奇+S 偶=ma1+mm2-1 ×10+a211--22m
7
2 种思路——解决非等差、等比数列求和问题的两种思路 (1)转化的思想,即将一般数列设法转化为等差或等比数列,这一思想方法往往 通过通项分解或错位相减来完成。 (2)不能转化为等差或等比数列的,往往通过裂项相消法、倒序相加法等来求和。
8
3 个注意点——应用“裂项相消法”和“错位相减法”应注意的问题 (1)裂项相消法,分裂通项是否恰好等于相应的两项之差。 (2)在正负项抵消后,是否只剩下第一项和最后一项,或有时前面剩下两项,后 面也剩下两项,未消去的项有前后对称的特点。 (3)在应用错位相减法求和时,若等比数列的公比含有参数,应分 q=1 和 q≠1 两种情况求解。
=6m+5m(m-1)+2(2m-1) =6m+5m2-5m+2m+1-2 =2m+1+5m2+m-2。 答案:2m+1+5m2+m-2
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5.已知数列{an}的前 n 项和为 Sn 且 an=n·2n,则 Sn=__________。
解析:∵an=n·2n, ∴Sn=1·21+2·22+3·23+…+n·2n。① ∴2Sn=1·22+2·23+…+(n-1)·2n+n·2n+1。② ①-②,得-Sn=2+22+23+…+2n-n·2n+1 =211--22n-n·2n+1=2n+1-2-n·2n+1 =(1-n)2n+1-2。 ∴Sn=(n-1)2n+1+2。 答案:(n-1)2n+1+2

高考数学一轮总复习 第5章 数列 第4节 数列求和课件 理 新人教版

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2.若等比数列{an}满足 a1+a4=10,a2+a5=20,则{an}的前 n 项和 Sn=________.
解析:由题意 a2+a5=q(a1+a4),得 20=q×10,故 q=2, 代入 a1+a4=a1+a1q3=10,得 9a1=10,即 a1=190. 故 Sn=19011--22n=190(2n-1). 答案:190(2n-1)
(2015·湖北高考)设等差数列{an}的公差为 d,前 n 项和为 Sn,等 比数列{bn}的公比为 q.已知 b1=a1,b2=2,q=d,S10=100. (1)求数列{an},{bn}的通项公式; (2)当 d>1 时,记 cn=abnn,求数列{cn}的前 n 项和 Tn.
解析
[由题悟法]
bn=3
an+1 2
,求数列an+2 1·bn的前
n
项和
Sn.
an+1
解:由(1)可得 bn=3 2 =3n,
所以an+2 1·bn=n·3n,
[即时应用]
已知等比数列{an}中,首项 a1=3,公比 q>1,且 3(an+2 +an)-10an+1=0(n∈N*). (1)求数列{an}的通项公式; (2)设bn+13an是首项为 1,公差为 2 的等差数列,求数列 {bn}的通项公式和前 n 项和 Sn.
解析
考点三 错位相减法求和 重点保分型考点——师生共研 [典例引领]
(3)错位相减法:如果一个数列的各项是由一个等差数列和 一个等比数列的对应项之积构成的,那么求这个数列 的前 n 项和即可用错位相减法求解.
(4)倒序相加法:如果一个数列{an}与首末两端等“距离” 的两项的和相等或等于同一个常数,那么求这个数列 的前 n 项和即可用倒序相加法求解.

高三数学一轮复习数列求和(必修5)精品PPT课件

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考点一 分组转化求和
分组转化求和就是从通项入手, 若无通项,则先求通项,然后通过对 通项变形,转化为等差或等比或可求 数列前n项和的数列来求之.
课堂互动讲练
例1 已知数列{an}的前几项是3+2- 1,6+22-1,9+23-1,12+24-1,写出 数列{an}的通项并求其前n项和Sn.
课堂互动讲练
1.利用裂项相消法求和时,应 注意抵消后并不一定只剩下第一项和 最后一项,也有可能前面剩两项,后 面也剩两项,再就是将通项公式裂项 后,有时候需要调整前面的系数,使 裂开的两项之差和系数之积与原通项 公式相等.
课堂互动讲练
课堂互动讲练
例2 已知等差数列{an}的首项a1≠0,前n项 和为Sn,且S4+a2=2S3;等比数列{bn}满足 b1=a2,b2=a4.
第4课时 数列求和
基础知识梳理
求数列的前n项和的方法 1.公式法 (1)等差数列的前n项和公式
Sn=

.
基础知识梳理
(2)等比数列前n项和公式 ①当q=1时,Sn=na1;
基础知识梳理
2.分组转化法 把数列的每一项分成两项,使其 转化为几个等差、等比数列,再求 解. 3.裂项相消法 把数列的通项拆成两项之差求 和,正负相消剩下首尾若干项.
课堂互动讲练
课堂互动讲练
课堂互动讲练
【误区警示】 利用错位相减法 求和时,转化为等比数列求和.若公 比是个参数(字母),则应先对参数加 以讨论,一般情况下分等于1和不等于 1两种情况分别求和.
课堂互动讲练
考点四 数列求和的综合应用
对于由递推关系给出的数列,常 借助于Sn+1-Sn=an+1转换为an与an+1 的关系式或Sn与Sn+1的关系式,进而 求出an或Sn使问题得以解决.

高考数学一轮复习 第5篇 第4节 数列求和课件 文 新人教版

高考数学一轮复习 第5篇 第4节 数列求和课件 文 新人教版

等比数列或等差数列,可采用分组求和法求和.
即时突破 1 (2013 包头模拟)已知数列{xn}的首项 x1=3,通项
xn=2 p+nq(n∈N ,p,q 为常数),且 x1,x4,x5 成等差数列.求: (1)p,q 的值; (2)数列{xn}前 n 项和 Sn. 解:(1)由 x1=3,得 2p+q=3, 4 5 又因为 x4=2 p+4q,x5=2 p+5q,且 x1+x5=2x4, 5 5 即 3+2 p+5q=2 p+8q,解得 p=1,q=1. (2)由(1),知 xn=2n+n, 所以 Sn=(2+2 +…+2 )+(1+2+…+n)=2 -2+
2 n-1
反思归纳
分组转化法求和的解题策略:
(1)数列求和应从通项入手,通过对通项变形,转化为等差数 列或等比数列或可求前 n 项和的数列求和. (2)分组转化法求和的常见类型 ①若 an=bn±cn,且{bn},{cn}为等差或等比数列,可采用分组 求和法求{an}的前 n 项和.
bn , n为奇数, ②通项公式为 an= 的数列,其中数列{bn},{cn}是 cn , n为偶数
100 1 100 2
2
=5050, 故选 C.
4.设数列{an}的通项公式为 an=2 ,令 bn=nan,则数列{bn}的 前 n 项和 Sn 为 . 2n-1 解析:由 bn=nan=n·2 知 Sn=1·2+2·23+3·25+…+n·22n-1, ① 从而 2 ·Sn=1·2 +2·2 +3·2 +…+n·2 ①-②得(1-22)·Sn =2+2 +2 +…+2

高考数学一轮复习第5章数列4数列求和课件新人教版

高考数学一轮复习第5章数列4数列求和课件新人教版

(2)1+3+5+7+…+(2n-1)=n2;
(+1)(2+1)
(3)1 +2 +3 +…+n =
;
6
2
(+1)
(4)13+23+33+…+n3=
.
2
2
2
2
2
【知识巩固】
1.下列说法正确的画“ ”,错误的画“×”.
(1)利用倒序相加法可求得
sin21°+sin22°+sin23°+…+sin288°+sin289°=44.5.(
2
②求 ∑ aici(n∈N*).
=1
解 (1)设等差数列{an}的公差为 d,等比数列{bn}的公比为 q.依题意得
6 = 6 + 2,
= 3,
n-1
n
解得

a
=4+(n-1)×3=3n+1,b
=6×2
=3×2
.
n
n
2
= 2,
6 = 12 + 4,
所以,数列{an}的通项公式为 an=3n+1,数列{bn}的通项公式为 bn=3×2n.



3(1-3 )
为偶数时,Sn=n+
1-3
3+1
3
n
= 2 +n-2;
3(1-3 )
3+1
7
n 为奇数时,Sn=(n-1)-(2n+1)+
= 2 -n-2.
1-3
3+1
3

高考数学一轮复习第五章数列4数列求和课件

高考数学一轮复习第五章数列4数列求和课件

12/11/2021
第三十三页,共四十五页。
已知{an}为等差数列,前 n 项和为 Sn(n∈N*),{bn}是首项 为 2 的等比数列,且公比大于 0,b2+b3=12,b3=a4-2a1,S11 =11b4.
12/11/2021
第三十二页,共四十五页。
方法技巧 用错位相减法求和的三个注意事项:1要善于识别题目类 型,特别是等比数列公比为负数的情形; 2在写出“Sn”与 “qSn”的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”以便下一步 准确写出“Sn-qSn”的表达式;3在应用错位相减法求和时,若 等比数列的公比为参数,应分公比等于 1 和不等于 1 两种情况求 解.
12/11/2021
第二十四页,共四十五页。
方法技巧 一个数列求和可奇偶项相消,一般把数列奇偶项结合进行求 和.
12/11/2021
第二十五页,共四十五页。
已知数列{an}的通项公式是 an=n2sin2n+ 2 1π,则 a1+a2
+a3+…+a2 018 等于( B )
A.2
017×2 2
018
【解】 (1)设数列{an}的公差为 d, 则 2d=a4-a2=8, ∴d=4, ∴an=a2+(n-2)d=9+4(n-2)=4n+1.
12/11/2021
第十八页,共四十五页。
(2)Sn=(a1+a2+…+an)+(3+32+…+3n) =n5+24n+1+311--33n=2n2+3n+3n2+1-32.
+…+1=9.
(5)S10=5×9+12×5×4×(-2)+5×1+12×5×4×2=50.
12/11/2021
第十六页,共四十五页。
02 考点探究 明晰规律
课堂升华 强技提能

高考数学一轮复习第五章数列第4讲数列求和课件文

高考数学一轮复习第五章数列第4讲数列求和课件文

12/13/2021
Hale Waihona Puke 第四页,共四十七页。2.数列2×1 4,4×1 6,6×1 8,…,2n(21n+2),…的前 n 项 n
和为___4_(__n_+__1_)______.
[解析] 因为 an=2n(21n+2)=14n1-n+1 1,
则 Sn=141-12+12-13+…+n1-n+1 1
=141-n+1 1=4(nn+1).
第五章 数列(shùliè)
4 第 讲 数列 求和 (shùliè)
12/13/2021
第一页,共四十七页。
1.公式法 如果一个数列是等差数列或等比数列,则求和时直接利用等 差或等比数列的前 n 项和公式. 2.非等差、等比数列求和的常用方法 (1)倒序相加法 如果一个数列{an},首末两端等“距离”的两项的和相等或 等于同一个常数,那么求这个数列的前 n 项和即可用倒序相 加法,等差数列的前 n 项和即是用此法推导的.
所以 Sn=(n-1)2n+1+2.
12/13/2021
第九页,共四十七页。
2.已知数列{an}:12,13+23,14+24+34,…,110+120+130+…
+1904,n …,若 bn=ana1n+1,那么数列{bn}的前 n 项和 Sn= ___n_+__1____.
12/13/2021
12/13/2021
第十七页,共四十七页。
已知数列{an}的通项公式是 an=2·3n-1+ (-1)n(ln 2-ln 3)+(-1)nnln 3,求其前 n 项和 Sn. [解] Sn=2(1+3+…+3n-1)+[-1+1-1+…+(-1)n](ln 2 -ln 3)+[-1+2-3+…+(-1)nn]ln 3, 所以当 n 为偶数时, Sn=2×11--33n+n2ln 3=3n+n2ln 3-1; 当 n 为奇数时,

第5章 第4讲数列求和-2022版高三数学(新高考)一轮复习课件_ppt(56张)

第5章 第4讲数列求和-2022版高三数学(新高考)一轮复习课件_ppt(56张)
天气骤冷2,0红2旗0 冻结。这句诗形象的写出了色彩鲜明、红白映衬的景象,“掣”字用了拟人的修辞手法,生动形象的写出了塞外天气的恶劣,寒风的呼啸。但在这样的环境下,红
旗却被冻的不会翻动了,更加突出了雪之大、天气之寒冷。从“红”字能反衬出白雪皑皑的景象,而“不翻”则衬托出了天气的寒冷。 二是语言清新淡雅而又晶莹明丽,明白晓畅而又情韵悠长。
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第五章 数列
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3.(必修 5P47T4 改编)数列{an}的通项公式是 an=
1 n+
n+1,前
n
项和为
9,则
n=( B ) A.9
B.99
C.10
D.100
[解析]
因为 an=
1 n+
n+1=
n+1-
n.所以 Sn=a1+a2+a3+…+an=(
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知识梳理 • 双基自测
第五章 数列
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知识点一 公式法求和
(1)如果一个数列是等差数列或等比数列,则求和时直接利用等差、等比数列的 前 n 项和公式.
(2)等差数列的前 n 项和公式: Sn=na1+ 2 an=___n_a_1+__n__n_2-__1__d__=___d2_n_2+__(_a_1_-__d2_)n________.
第五章 数列
高考一轮总复习 • 数学 • 新高考
(3)等比数列的前 n 项和公式: na1,q=1,
Sn=a11--aqnq=_______________,q≠1. 注意等比数列公比 q 的取值情况,要分 q=1,q≠1.
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第五章 数列
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2022届高考数学一轮复习第五章数列第四节数列求和课件新人教版

2022届高考数学一轮复习第五章数列第四节数列求和课件新人教版

1.在数列{an}中,an=
1 nn+1
,若{an}的前n项和为
2 2
019 020
,则项数n为
(D )
A.2 016
B.2 017
C.2 018
D.2 019
2.已知数列:1
1 2
,2
1 4
,3
1 8
,…,
n+21n
,…,则其前n项和关于n的表
达式为________.
答案:nn2+1+1-21n
B.22
019 020
2 019 C.2 018
D.12
019 010
2.(2021·张掖期末测试)我国古代数学名著《九章算术》中,有已知长
方形面积求一边的算法,其方法的前两步为:
第一步:构造数列1,21,31,41,…,1n.①
第二步:将数列①的各项乘以n,得到一个新数列a1,a2,a3,…,an,
a2-5=3(a1-3). 因为a1=3,所以an=2n+1. (2)由(1)得2nan=(2n+1)2n, 所以Sn=3×2+5×22+7×23+…+(2n+1)×2n.① 从而2Sn=3×22+5×23+7×24+…+(2n+1)×2n+1.② ①-②得-Sn=3×2+2×22+2×23+…+2×2n-(2n+1)×2n+1,所以 Sn=(2n-1)2n+1+2.
2n-1,
故数列{bn}的前n项和Tn=b1+b2+…+bn=( 3 -1)+( 5 - 3 )+…+
( 2n+1- 2n-1)= 2n+1-1.
裂项相消法求和的实质和解题关键 裂项相消法求和的实质是将数列中的通项分解,然后重新组合, 使之能消去一些项,最终达到求和的目的,其解题的关键就是准 确裂项和消项. (1)裂项原则:一般是前边裂几项,后边就裂几项,直到发现被消 去项的规律为止. (2) 消 项 规 律 : 消 项 后 前 边 剩 几 项 , 后 边 就 剩 几 项 , 前 边 剩 第 几 项,后边就剩倒数第几项.

高三数学(理)一轮复习课件:5.4 数列求和

高三数学(理)一轮复习课件:5.4 数列求和
(1)解 : 设 首 项 为 a1 19, d 2 a1, 公 差 为 d
an a1 (n 1)d 19 (n 1) (2)
21 2n
n(a1 an ) n(19 21 2n) n 2 20 n Sn 2 2
的等差数列,S n为数列an 的前n项和 ( 1 )求 : an 及S n
1 1 1 1 1 2 2 n 1 n 2
3 2n 3 4 2n 1n 2
拓展训练: 已知等差数列an 的前项n和Sn满足S3 0, S5 5 (1)求an 的通项公式; 1 (2)求数列 的前项和. a2 n1a2 n1
(2010 重庆, 17)已知数列an 是首项为1 9,公差为- 2
(2)设数列bn an 是首项为1,公比为3 的等比数列, 求 : b n 及前n项和T n
( 2) 解 : 由 题 意 知
: bn an 1 3n1, 即 bn 3n1 21 2n
Tn b1 b2 b3 bn
P90 变式训练2
例 4:
an 中前n项和为Sn,前6项和为36, 已知: 等差数列
最后6项的和为 180 (n 6),求Sn 解:由题意知 :
a1 a2 a3 a4 a5 a6 36
n

an an1 an2 an3 an4 an5 180
2 1 2 2 n 3 n 5n 2 8
的等差数列,S n为数列an 的前n项和 ( 1 )求 : an 及S n
(2010 重庆, 17)已知数列an 是首项为1 9,公差为- 2
拓展训练:
(2)设数列bn an 是首项为1,公比为3 的等比数列, 求 : b n 及前n项和T n

高考数学一轮复习第五篇数列第4节数列求和及综合应用课件理新人教版

高考数学一轮复习第五篇数列第4节数列求和及综合应用课件理新人教版

+1 4
+1 8
+1 16
+…+ 1 2n
)
=
n(1
2n
1)
+
1 [1 2
( 1 )n ] 2
=n2+1-
1
.
2
1 1
2n
2
n
3.(2017·全国Ⅱ卷)等差数列{an}的前 n 项和为 Sn,a3=3,S4=10,则
1
=
S k 1 k
.
解析:设数列{an}的公差为 d,
因为
aS34
即 an+1-an=an+2-an+1, 故{an}为等差数列. 由 a1=2,a2+a4=8,解得{an}的公差 d=1, 所以 an=2+1·(n-1)=n+1.
(2)若
bn=2(an+
1 2an
),求数列{bn}的前 n 项和 Sn.
解:(2)因为
bn=2(an+
1 2an
)=2(n+1+ 1 2n 1
3, 所以 10,
4a1a126dd31, 0,
解得
ad1
1, 1,
所以
an=n,Sn=
nn 1
2
,
所以 1 = 2 =2( 1 - 1 ), Sn n(n 1) n n 1
n
所以
1 =2(1- 1 + 1 - 1 +…+ 1 -
1
)=2(1-
1
)= 2n .
,且 an+1=an- an2 (n∈N*).
(1)证明:1< an ≤2(n∈N*); an 1
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2
3.一些常见数列的前 n 项和公式 (1)1+2+3+4+…+n=n(n2+1); (2)1+3+5+7+…+2n-1=___n_2______; (3)2+4+6+8+…+2n=__n_2+__n_____.
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3
[做一做]
1.数列{an}的通项公式是 an=
1 n+
,其前 n+1
第五章 数列
第4讲 数列求和
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1
1.等差数列的前 n 项和公式 Sn=n(a12+an)=__n_a_1_+__n_(__n_2-__1_)__d___. 2.等比数列的前 n 项和公式
Sn=na1a1-1-,aqnqq==1_,_a_1_(_1_1-_-_q_q_n)__)___,q≠1.
故数列{bn}的前 2n 项和 T2n=A+B=22n+1+n-2.
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12
[规律方法] 1.分组转化法求和的常见类型 (1)若 an=bn±cn,且{bn},{cn}为等差或等比数列,可采用 分组求和法求{an}的前 n 项和; (2)通项公式为 an=bcnn,,nn为为偶奇数数,的数列,其中数列{bn}, {cn}是等比数列或等差数列,可采用分组求和法求和. 2.本题中求前 2n 项和转化为求数列{22n}与{(-1)nn}的和, 在求{(-1)nn}的和时,又利用了并项求和法.
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13
1.已知等比数列{an}中,首项 a1=3,公比 q>1, 且 3(an+2+an)-10an+1=0(n∈N*). (1)求数列{an}的通项公式;
(2)设bn+13an是首项为 1,公差为 2 的等差数列,求数列
{bn}的通项公式和前 n 项和 Sn. 解:(1)∵3(an+2+an)-10an+1=0, ∴3(anq2+an)-10anq=0, 即 3q2-10q+3=0. ∵公比 q>1, 又首项 a1=3,
对应项之积构成的,那么这个数列的前 n 项和即可用此法
来求,如等比数列的前 n 项和就是用此法推导的.
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7
(3)裂项相消法: 把数列的通项拆成两项之差,在求和时中间的一些项可以 相互抵消,从而求得其和. (4)分组求和法: 一个数列的通项公式是由若干个等差数列或等比数列或可 求和的数列组成,则求和时可用分组转化法,分别求和后 再相加减. (5)并项求和法:
∴数列{an}的通项公式为 an=3n.
∴q=3.
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(2)∵bn+13an是首项为 1,公差为 2 的等差数列, ∴bn+13an=1+2(n-1). 即数列{bn}的通项公式为 bn=2n-1-3n-1, 前 n 项和 Sn=-(1+3+32+…+3n-1)+[1+3+…+(2n- 1)]=-12(3n-1)+n2.
故S11+S22+…+S1100=75.
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1.辨明两个易误点 (1)使用裂项相消法求和时,要注意正负项相消时,消去了 哪些项,保留了哪些项,切不可漏写未被消去的项,未被 消去的项有前后对称的特点.
(2)在应用错位相减法求和时,若等比数列的公比为参数, 应分公比等于 1 和不等于 1 两种情况求解.
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[解] (1)由题意得aa11++2dd++bb1·1·qq2==170,,

a1=1,b1=2
代入得1+d+2·q2=10, 1+2d+2·q=7,
解析:Sn=2(11--22n)+n(1+22n-1)=2n+1-2+n2.
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考点一 考点二 考点三
分组法求和 错位相减法求和 裂项相消法求和(高频考考点一 分组法求和 (2014·高考湖南卷)已知数列{an}的前 n 项和 Sn=
n2+2 n,n∈N*. (1)求数列{an}的通项公式;
一个数列的前 n 项和,可两两结合求解,则称之为并项求 和.形如 an=(-1)nf(n)类型,可采用两项合并求解.
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[做一做] 3.若 Sn=1-2+3-4+5-6+…+(-1)n-1·n,则 S50= ___-__2_5__.
4.若数列{an}的通项公式为 an=2n+2n-1,则数列{an}的 前 n 项和为__2_n+__1+__n__2-__2____.
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2.数列求和的常用方法 (1)倒序相加法: 如果一个数列{an}的前 n 项中首末两端等“距离”的两项 的和相等或等于同一个常数,那么求这个数列的前 n 项和 即可用倒序相加法,如等差数列的前 n 项和即是用此法推 导的. (2)错位相减法:
如果一个数列的各项是由一个等差数列和一个等比数列的
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考点二 错位相减法求和
(2015·浙江宁波高三模拟)设{an}是等差数列,{bn} 是各项都为正数的等比数列,且 a1=1,b1=2,a2+b3=10,a3 +b2=7. (1)求数列{an},{bn}的通项公式; (2)设数列{bn}的前 n 项和为 Sn,记 cn=S2n·an,n∈N*,求 数列{cn}的前 n 项和 Tn.
n
项和为
9,则 n 等于( B )
A.9
B.99
C.10
D.100
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2.等差数列{an}的通项公式为 an=2n+1,其前 n 项的和
为 Sn,则数列Snn的前 10 项的和为( C )
A.120
B.100
C.75
D.70
解析:∵Sn=n(a12+an)=n(n+2),
∴Snn=n+2.
(2)设 bn=2an +(-1)nan,求数列{bn}的前 2n 项和. [解] (1)当 n=1 时,a1=S1=1; 当 n≥2 时,an=Sn-Sn-1=n2+2 n-(n-1)2+2 (n-1)=n.
故数列{an}的通项公式为 an=n.
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(2)由(1)知 an=n,故 bn=2n+(-1)nn. 记数列{bn}的前 2n 项和为 T2n,则 T2n=(21+22+…+22n)+(-1+2-3+4-…+2n). 记 A=21+22+…+22n,B=-1+2-3+4-…+2n, 则 A=2(11--222n)=22n+1-2, B=(-1+2)+(-3+4)+…+[-(2n-1)+2n]=n,
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