黑龙江省绥化市三校2015届高三12月月考物理试题
2015年高考三模试题_黑龙江省五所重点高校联考2015年高三年级第三次质量检测试题物理试题
黑龙江省五所重点高校联考2015年高三年级第三次质量检测试题物理试题一、选择题(每题3分,共24分。
在每题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的）1.以下说法符合物理学史的是A.笛卡尔通过逻辑推理和实验对落体问题进行了研究B.奥斯特发现了电流的周围存在磁场并最早提出了场的概念C.静电力常量是由库仑首先测出的D.牛顿被人们称为“能称出地球质量的人”2.如图所示，a、b两条曲线是汽车甲、乙在同一条平直公路上运动的速度时间图像，已知在t2时刻，两车相遇，下列说法正确的是A.t1时刻两车也相遇B.t1时刻甲车在前，乙车在后C.甲车速度先增大后减小，乙车速度先减小后增大D.甲车加速度先增大后减小，乙车加速度先减小后增大3.如图所示，粗糙的水平地面上的长方形物块将一重为G的光滑圆球抵在光滑竖直的墙壁上，现用水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块，在圆球与地面接触之前，下面的相关判断正确的是A.球对墙壁的压力逐渐减小B.水平拉力F逐渐减小C.地面对长方体物块的摩擦力逐渐增大D.地面对长方体物块的支持力逐渐增大4.如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下的一段运动轨迹。
质点从M点出发经P点到达N 点，已知弧长MP大于弧长PN，质点由M点运动到P点与从P点运动到N点的时间相等。
下列说法中正确的是A.质点从M到N过程中速度大小保持不变B.质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同C.质点在这两段时间内的速度变化量大小不相等，方向相同D.质点在MN间的运动是加速运动5.水平面上放置两根相互平行的长直金属导轨，导轨间距离为L，在导轨上垂直导轨放置质量为m的与导轨接触良好的导体棒CD，棒CD与两导轨间动摩擦因数为μ，电流从一条轨道流入，通过CD后从另一条轨道流回。
轨道电流在棒CD处形成垂直于轨道面的磁场(可视为匀强磁场)，磁感应强度的大小与轨道电流成正比。
实验发现当轨道电流为I0时，导体棒能匀速运动，则轨道电流为2I0时，导体棒运动的加速度为A.μgB.2μgC.3μgD.4μg6.空间存在着平行于x轴方向的静电场，其电势φ随x的分布如图所示，A、M、O、N、B为x轴上的点，|OA|＜|OB|，|OM|=|ON|。
【恒心】2015届黑龙江省绥化市三校高三上学期期末联考理综试题及参考答案【纯word版】
绥化市三校2014-2015学年度高三第一学期期末联考理科综合能力测试说明：本试卷分第I卷〔选择题〕和第II卷〔非选择题〕两局部。
共300分。
考生注意：1.答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目〞与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2.第I卷每题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
第II卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效。
3.考试结束，监考员将试题卷、答题卡一并收回。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Mg 24 S 32第I卷一、选择题：本卷共13小题。
每题6分。
在每个小题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的。
1．叶绿体和线粒体的相同点是①可利用光学显微镜观察②水作为生理功能的一种原料③均增大细胞器内的膜面积④可通过转录和翻译控制某些蛋白质的合成⑤产生的ATP可用于各种生命活动A．①②③⑤B．①②③④C．①②④⑤D．②③④⑤2．将水稻培养在含有各种营养元素的培养液中，发现水稻吸收硅多，吸收钙少。
这说明A．水稻培养液中硅和钙的浓度不同B．水稻根细胞对于物质的输入和输出具有选择性C．水稻根细胞吸收硅的能力弱，吸收钙的能力强D．硅是小分子，钙是大分子3．以下图是油菜种子在发育和萌发过程中，糖类和油脂的变化曲线。
以下分析错误的选项是A．干重相等的可溶性糖和油脂，所贮存的能量油脂多于糖B．种子发育过程中，由于可溶性糖更多地转变为油脂，种子需要的氮增加C．种子萌发时，油脂酶的活性很高D．种子萌发时，油脂转变为可溶性糖4．黄曲霉毒素是毒性极强的致癌物质。
有关研究发现它能引起细胞中的核糖体不断从内质网上脱落下来。
这一结果直接导致A．染色体被破坏B．高尔基体被破坏C．中心体被破坏D．分泌蛋白质的合成受到影响5．自身免疫病产生的原因是A．人体免疫系统对病原菌的免疫效应B．人体免疫系统对人体正常组织的免疫反响C．人体免疫系统对过敏原的反响D．自身免疫功能缺陷6．以下有关生态学观点的表达，错误的选项是A．绿色植物的光合作用是生态系统中最根本的能量固定B．桑基鱼塘生态系统表达了物质循环和能量多级利用的原理C．生态系统的信息传递只发生在生物之间，不会发生在生物与无机环境之间D．生态系统的结构包括组成成分和营养结构7．右图为雾霾的主要成分示意图。
黑龙江省绥化市三校2015届高三12月月考数学试题Word版含答案
绥化市三校联考高三年级12月月考数学（文）试卷（考试时间：120分钟试卷满分：150分）第Ⅰ卷（选择题共60分）一、选择题（本大题共１２小题，每小题5分，共60分，每小题分别给出四个选项，只有一个选项符合题意）1.已知集合，集合，则（）A. B. C. D.2.曲线在点处的切线与直线垂直，则（）A. B. C. D.3.将函数的图像向左平移个单位，若所得图像对应的函数为偶函数，则的最小值是（）A. B. C. D.4.某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（）A. B.C. D.5. 已知，则的值是（）A. B. C. D.6.数列的前项和记为，，则数列的通项公式是（）A. B. C. D.7.已知表示直线,表示平面.若,则的一个充分条件是（）A. B. C. D.8. 已知过椭圆的焦点的两条互相垂直的直线的交点在椭圆内部，则此椭圆的离心率的取值范围是（）A. B. C. D.9.已知实数满足约束条件，目标函数，则当时，的取值范围是（）A. B. C. D.10.已知圆和圆只有一条公切线，若，则的最小值为（）A. B. C. D.11.已知P是椭圆上第一象限内的点，为原点，则四边形面积的最大值为（）A. B. C. D.12.已知函数,则关于的方程有个不同实数解的充要条件是( )A. B. C. D.第Ⅱ卷（非选择题共90分）二、填空题（本大题共４小题，每小题5分，共２0分）13.已知向量满足，且，则与的夹角为 .14.已知圆过点,且圆心在轴的正半轴上,直线被圆截得的弦长为,则圆的方程为 .15.如图所示，在斜度一定的山坡上的一点A处，测得山顶上一建筑物CD的顶端C对于山坡的斜度为，向山顶前进100米到达B点，再次测量得其斜度为，假设建筑物高50米，设山坡对于地平面的斜度为，则 .16.在平行四边形中，，若将其沿折成直二面角，则三棱锥的外接球的表面积为三、解答题（本大题共６题，满分70分解答应写出必要的文字说明、证明过程和演算步骤）17. （本题满分10分）已知数列是等差数列，数列是正项等比数列，且满足.(1) 求数列，的通项公式；(2) 记，求数列的前项和.18. （本题满分12分）在中，内角的对边分别为。
黑龙江省绥化市三校高一物理上学期期末联考试题
D．牛顿认为力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因
4．钓鱼岛是中国领土铁证如山，但日本政府一再挑衅，并于今年九月发起购岛闹剧。对此包
括港澳台在内，全国上下共同掀起保岛高潮。中国人民解放军做为坚强后盾更是频频亮剑，
一批批重量级装备纷纷闪亮出场。国产最先进武装直升机武直
-10 （ WZ-10）已经进行多次试
C.若撤去 F1，则 A 对 B 作用力一定减小 D.若撤去 F2，则 B 对 A 作用力一定减小
三、实验题 （共 2 小题，共 14 分）
15．（ 6 分）某同学做“验证力的平行四边形定则”实验时，主要步骤是：
A． 在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；
B． 用图钉把橡皮条的一端固定在板上的 A 点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另
D
． F1 减小， F2 增大
F1，墙壁对球的支持力为 （）
6．如图所示，质量为 m的木块 A放在质量为 M的三角形斜劈上，现用大小均为 F、方向相反
的水平力分别推 A 和 B，它们均静止不动，则 (
)
A．A 与 B 之间一定存在摩擦力
B．B 与地面之间一定存在摩擦力
C．B 对 A 的支持力一定小于 mg
)
17．（８分）解析 物体的受力分析如右图所示，木箱受到了四个力的
作用．将拉力 F 按水平方向与竖直方向分解为两个分力
F1 和 F2，
在水平方向上由二力平衡可得
F1＝ Ff ＝ Fcos θ ①
2
分
在竖直方向上 G＝F2＋ FN＝ FN＋ Fsin θ ② 2 分
又 Ff ＝ μ FN③
２分
联立以上各式解得 F＝ 20 N.
黑龙江省绥化市三校2015届高三数学12月月考试题
绥化市三校联考高三年级12月月考数学〔文〕试卷 〔考试时间：120分钟 试卷总分为：150分〕 第1卷〔选择题 共60分〕一、选择题〔本大题共１２小题，每一小题5分，共60分，每一小题分别给出四个选项，只有一个选项符合题意〕1.集合{}|ln(1)0A x x =-<，集合{}2|20B x x =-<，如此A B =〔 〕A.(2,2)-B.(1,2)-C.(0,2)D.(1,2)2.曲线)0(12≠+-=a ax ax y 在点)1,0(处的切线与直线012=++y x 垂直，如此=a 〔 〕A. 21-B.12C. 31-D.13 3.将函数()sin 3cos f x x x =-的图像向左平移(0)m m >个单位，假设所得图像对应的函数为偶函数，如此m 的最小值是〔 〕A.23πB.3πC.8π D.56π 4.某几何体的三视图如下列图，如此该几何体的体积为〔 〕A.73 B. 92C. 72D. 945. sin 3cos 53cos sin αααα+=-，如此2sin sin cos ααα-的值是〔 〕 A.25 B.25－ C.-2 D. 2 6.数列{}n a 的前n 项和记为n S ，111,21(1,)n n a a S n n N +==+≥∈，如此数列{}n a 的通项公式是〔 〕A.2n n a =B.12n n a -=C.13n n a -=D.3n n a =7.12,,,m n l l 表示直线,,αβ表示平面.假设1212,,,,m n l l l l M ααββ⊂⊂⊂⊂=,如此//αβ的一个充分条件是〔 〕A.1////m l βα且B.//m ββ且n//C.2////m l β且nD.12////m l l 且n8. 过椭圆)0(12222>>=+b a by a x 的焦点21,F F 的两条互相垂直的直线的交点在椭圆内部，如此此椭圆的离心率的取值范围是〔 〕A.)1,0(B.)22,0(C.)122(，D. )22,21( 9.实数,x y 满足约束条件1126x y x x y ≥⎧⎪≥-⎨⎪+≤⎩，目标函数z x y =+，如此当3z =时，y x 的取值范围是〔 〕 A.1,22⎡⎤⎢⎥⎣⎦ B.4,43⎡⎤⎢⎥⎣⎦ C.71,4⎡⎤⎢⎥⎣⎦ D.[]2,4 10.圆2221:4440C x y ax a +++-=和圆2222:210C x y by b +-+-=只有一条公切线，假设,,0a b R ab ∈≠且，如此2211a b+的最小值为〔 〕 A.2 B.4 C.8 D. 911.P 是椭圆1422=+y x 上第一象限内的点，O B A ),1,0(),0,2(为原点，如此四边形OAPB 面积的最大值为〔 〕A. 2B.22+C.2D.112.函数1,0()0,0x x f x xx ⎧+≠⎪=⎨⎪=⎩,如此关于x 的方程2()()0f x bf x c ++=有5个不同实数 解的充要条件是( )A.20b c <->且B.20b c <-=且C.20b c >-<且D.20b c ≥-=且第2卷〔非选择题 共90分〕二、填空题〔本大题共４小题，每一小题5分，共２0分〕13.向量,a b 满足(2)()6a b a b +•-=-，且1,2a b ==，如此a 与b 的夹角为.14.圆C 过点(1,0),且圆心在x 轴的正半轴上,直线:1l y x =-被圆C 截得的弦长为22, 如此圆的方程为.15.如下列图，在斜度一定的山坡上的一点A 处，测得山顶上一建筑物CD 的顶端C 对于山坡的斜度为15，向山顶前进100米到达B 点，再次测量得其斜度为45，假设建筑物高50米，设山坡对于地平面的斜度为θ，如此cos θ=.16.在平行四边形ABCD 中，220,240AB BD AB BD ⋅=+-=，假设将其沿BD 折成直二面角A BD C --，如此三棱锥A BCD -的外接球的外表积为三、解答题〔本大题共６题，总分为70分解答应写出必要的文字说明、证明过程和演算步骤〕17. 〔此题总分为10分〕数列{}n a 是等差数列，数列{}n b 是正项等比数列，且满足 11222631,4,10,10a b a b a b ==+=-=.(1) 求数列{}n a ，{}n b 的通项公式；(2) 记n n n c a b =，求数列}{n c 的前n 项和n S .18. 〔此题总分为12分〕在ABC ∆中，内角,,A B C 的对边分别为,,a b c 。
2015届东北三省三校(哈师大附中、东北师大附中、辽宁实验中学)第一次联考物理试题和答案
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．物理关系式既可以反映物理量之间的关系，也可以确定单位间的关系。
高中物理学习中常见的单位有m （米）、s （秒）、N （牛顿）、C （库仑）、F （法拉）、Wb （韦伯）、Ω（欧姆）、T （特斯拉）、V （伏特）等，由它们组合成的单位与电流的单位A （安培）等效的是（ ） A ．s Tm 2B ．Tm NsC ．2mWb D ．FV15．如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系xoy ，该平面内有AM 、BM 、CM 三条光滑固定轨道，其中A 、C 两点处于同一个圆上，C 是圆上任意一点，A 、M 分别为此圆与x 、y 轴的切点。
B 点在y 轴上且∠BMO ＝60°,O ′为圆心。
现将a 、b 、c 三个小球分别从A 、B 、C 点同时由静止释放，它们将沿轨道运动到M 点，如所用时间分别为t A 、t B 、t C ，则t A 、t B 、t C 大小关系是（ ）A ．t A ＜t C ＜tB B ．t A ＝tC ＜t BC ．t A ＝t C ＝t BD ．由于C 点的位置不确定，无法比较时间大小关系16．如图所示，劲度系数为k 的轻弹簧一端固定在墙上，一个小物体（可视为质点）从A 点以初速度v 0向左运动，接触弹簧后运动到C 点时速度恰好为零，弹簧始终在弹性限度内。
AC 两点间距离为L ，物块与水平面间动摩擦因数为μ，重力加速度为g 。
则物块由A 点运动到C 点的过程中，下列说法正确的是（ ）A ．弹簧和物块组成的系统机械能守恒B ．物块克服摩擦力做的功为2021v mC ．弹簧的弹性势能增加量为μmgLD ．物块的初动能等于弹簧的弹性势能增加量与摩擦产生的热量之和17．如图所示，可视为质点的木块A 、B 叠放在一起，放在水平转台上随转台一起绕固定转轴OO ′匀速转动，木块A 、B 与转轴OO ′的距离为1m ，A 的质量为5kg ，B 的质量为10kg 。
黑龙江省绥化市三校2015届高三物理12月月考试题
绥化市三校联考高三年级12月月考物理试卷 一、单项选择题〔10小题，共40分，每一小题只有一个选项正确。
〕1．某一物体由静止开始做匀加速直线运动，当物体经过位移为S 时的速度是v ， 那么经过位移为2S 时的速度是( )A ． 2vB ．2vC ．22vD ．4v2．一物体在三个共点力 F 1、F 2、F 3作用下匀速直线运动，并且还F 1＝20 N ，F ２＝28 N ，那么F ３的大小可能是〔 〕A ．46 NB ．50ＮC ．60 ND ．6 N3．两物块A 、B 叠放在一起，A 、B 接触面与水平面平行，如下列图。
在水平面上保持相对静止向右做匀减速直线运动，如此运动过程中B 受到的摩擦力〔 〕A ．方向向左，大小不变B ．方向向左，逐渐减小C ．方向向右，大小不变D ．方向向右，逐渐减小4．地球同步卫星的轨道半径是地球半径的k 倍, 如此( )A ．第一宇宙速度是同步卫星运行线速度的k 倍B ．第一宇宙速度是同步卫星运行线速度的k 倍C ．地球外表附近的重力加速度是同步卫星向心加速度的k 倍D ．地球外表附近的重力加速度是同步卫星向心加速度的k 倍5．如下列图，将一质量为m 的摆球用长为L 的细绳吊起，上端固定，使摆球在水平面内做匀速圆周运动，细绳就会沿圆锥面旋转，这样就构成了一个圆锥摆，如此关于摆球的受力情况，如下说法中正确的答案是〔 〕A ．摆球受重力、拉力和向心力的作用B ．摆球受拉力和向心力的作用C ．摆球受重力和拉力的作用D ．摆球受重力和向心力的作用6．有人在调试电路时，用一个“100kΩ 1/8W〞的电阻和一个“300kΩ 1/8W〞的电阻串联，作为400 kΩ的电阻使用，此时两只串联电阻允许消耗的最大功率为( ) 1.2A W 1.4B W 1.6C W 1.8D W A L m θ7．如下列图，有两个完全一样的金属球A、B，B固定在绝缘地板上，A在离B高H的正上方由静止释放，与B发生正碰后回跳高度为h，设碰撞中无动能损失，空气阻力不计，如此〔〕A．假设A、B带等量同种电荷，如此h＞HB．假设A、B带等量异种电荷，如此h＜HC．假设A、B带等量异种电荷，如此h＞HD．假设A、B带等量异种电荷，如此h＝H8．如下列图的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1和R2是两个定值电阻。
黑龙江省绥化市三校高三理综能力测试上学期期末联考试卷
绥化市三校2014-2015学年度高三第一学期期末联考理科综合能力测试说明：本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。
共300分。
考生注意：1.答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。
考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。
2.第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
第II卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效。
3.考试结束，监考员将试题卷、答题卡一并收回。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Mg 24 S 32第I卷一、选择题：本卷共13小题。
每小题6分。
在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．叶绿体和线粒体的相同点是①可利用光学显微镜观察②水作为生理功能的一种原料③均增大细胞器内的膜面积④可通过转录和翻译控制某些蛋白质的合成⑤产生的ATP可用于各种生命活动A．①②③⑤ B．①②③④ C．①②④⑤D．②③④⑤2．将水稻培养在含有各种营养元素的培养液中，发现水稻吸收硅多，吸收钙少。
这说明A．水稻培养液中硅和钙的浓度不同B．水稻根细胞对于物质的输入和输出具有选择性C．水稻根细胞吸收硅的能力弱，吸收钙的能力强D．硅是小分子，钙是大分子3．下图是油菜种子在发育和萌发过程中，糖类和油脂的变化曲线。
下列分析错误的是A．干重相等的可溶性糖和油脂，所贮存的能量油脂多于糖B．种子发育过程中，由于可溶性糖更多地转变为油脂，种子需要的氮增加C．种子萌发时，油脂酶的活性很高D．种子萌发时，油脂转变为可溶性糖4．黄曲霉毒素是毒性极强的致癌物质。
有关研究发现它能引起细胞中的核糖体不断从内质网上脱落下来。
这一结果直接导致A．染色体被破坏 B．高尔基体被破坏C．中心体被破坏 D．分泌蛋白质的合成受到影响5．自身免疫病产生的原因是A．人体免疫系统对病原菌的免疫效应B．人体免疫系统对人体正常组织的免疫反应C．人体免疫系统对过敏原的反应D．自身免疫功能缺陷6．下列有关生态学观点的叙述，错误的是A．绿色植物的光合作用是生态系统中最基本的能量固定B．桑基鱼塘生态系统体现了物质循环和能量多级利用的原理C．生态系统的信息传递只发生在生物之间，不会发生在生物与无机环境之间D．生态系统的结构包括组成成分和营养结构7．右图为雾霾的主要成分示意图。
黑龙江省绥化市新民中学高三物理月考试卷含解析
黑龙江省绥化市新民中学高三物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如右图所示，在点电荷Q产生的电场中有a、b两点，相距为d，已知a点的场强大小为E，方向与ab连线成30°角，b点的场强方向与ab连线成120°角，下列说法正确的是（）A．点电荷Q带正电 B．点电荷Q带负电C．b点的场强大小为 D．b点的场强大小为3E参考答案：BD2. 在图中所示的时间轴上标出的是下列哪些时间或时刻A．第4s初 B．第6s末C．第3s D．前3s参考答案：D3. 一质点自x轴原点O出发，沿正方向以加速度a运动．经过t0时间速度变为v0，接着以－a加速度运动，当速度变为－时，加速度又变为a，直至速度变为时，加速度再变为－a，直至速度变为－……，其 v－t图象如图6所示，则下列说法中正确的是A．质点一直沿x轴正方向运动B．质点将在x轴上一直运动，永远不会停止C．质点运动过程中离原点的最大距离为v0t0D．质点最终静止时离开原点的距离一定小于v0t0参考答案：CD4. （多选）如图所示的xOy坐标系中，x轴上固定一个点电荷Q，y轴上固定一根光滑绝缘细杆（细杆的下端刚好在坐标原点D处），将一个套在杆上重力不计的带电圆环（视为质点）从杆上P处由静止释放，圆环从O处离开细杆后恰好绕点电荷Q做圆周运动．下列说法正确的是（）A．圆环沿细杆从P运动到O的过程中，加速度一直增大B．圆环沿细杆从P运动到O的过程中，速度一直增大C．增大圆环所带的电荷量，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动D．将圆环从杆上P的上方由静止释放，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动参考答案：BC5. （单选）如图，物体静止于倾角为θ的斜面上，当斜面倾角θ变小些时，物体受力的变化情况是A．可能不受静摩擦力作用B．重力、支持力、静摩擦力均增大C．重力不变，支持力增大，静摩擦力减小D．重力不变，支持力、静摩擦力减小参考答案：答案：C：物体受到重力、支持力和摩擦力，重力不变，支持力大小，角度增加，弹力变大；摩擦力大小，摩擦力减少，C正确。
黑龙江省绥化市三校1415学年度高二上学期期末——物理
黑龙江省绥化市三校2014—2015学年度上学期期末考试高二物理试题试卷说明本试卷满分110分，答题时间90分钟。
请将答案填涂在答题卡上。
一、单项选择题：共7小题，每小题只有一个答案，每题5分，共35分。
1．下列装置没用到带电粒子在磁场中发生偏转的原理的是（）(A)磁流体发电机(B)回旋加速器(C)电视显像管(D)示波管2．有Ⅰ、Ⅱ两根不同材料的电阻丝，长度之比为L1∶L2＝1∶5，横截面积之比为S1∶S2＝2∶3，电阻之比为R1∶R2＝2∶5，则它们的电阻率之比为()(A)2∶3(B) 3∶4(C) 4∶3(D)8∶33．如图所示，电的电动势为30 V，内电阻忽略不计，一个“6V,12 W”的电灯与一个绕线电阻为2Ω的电动机串联。
已知电路中的电灯正常发光，则电动机输出的机械功率为()(A)36 W (B)40 W (C)48 W (D)60 W4．如图所示，把一个装有导电溶液的圆形玻璃器皿放入磁场中，玻璃器皿的中心放一个圆柱形电极B，与电池的正极相连；沿器皿边缘内壁放一个圆环形电极A，与电池的负极相连。
从器皿上方往下看（俯视），对于导电溶液和溶液中正、负离子的运动，下列说法中正确的是（）（A）溶液做逆时针方向运动（B）溶液做顺时针方向运动（C）正离子沿圆形玻璃器皿的半径向边缘移动（D）负离子沿圆形玻璃器皿的半径向中心移动5．现将电池组、滑线变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关如下图连接。
在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑线变阻器的滑动端P向左加速滑动时，电流计指针向右偏转。
由此可以推断（）(A)线圈A向上移动或滑动变阻器的滑动端P向右加速滑动，都能引起电流计指针向左偏转(B)线圈A中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起电流计指针向右偏转(C)滑动变阻器的滑动端P匀速向左或匀速向右滑动，都能使电流计指针静止在中央(D)因为线圈A、线圈B的绕线方向未知，故无法判断电流计指针偏转的方向6．静止在光滑水平面上的条形磁铁左端和轻弹簧连接，轻弹簧的另一端固定在墙上，在条形磁铁的上方偏右位置（如图）固定有通电直导线，电流垂直纸面向内，下列说法正确的是（）（A）弹簧被压缩，磁铁对水平面的压力变小（B）弹簧被压缩，磁铁对水平面的压力变大（C）弹簧被拉长，磁铁对水平面的压力变小（D）弹簧被拉长，磁铁对水平面的压力变大7．如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，恰好沿下板边缘飞出。
【物理】黑龙江省绥化市三校联考2014-2015学年高一上学期期末试卷
黑龙江省绥化市三校联考2014-2015学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题：（本题共8小题，每小题4分，共32分，每小题只有一个选项符合题意）1．（4分）下列关于重力、弹力和摩擦力的说法，正确的是（）A．物体的重心一定在物体的几何中心上B．劲度系数越大的弹簧，产生的弹力越大C．动摩擦因数与物体之间的压力成反比，与滑动摩擦力成正比D．静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化考点：重力；滑动摩擦力；物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：（1）重心不一定在物体的几何中心上，只有质量分布均匀，形状规则的物体，重心才在其几何重心；（2）在弹性限度范围内，F=kx，其中F为弹力大小，x为伸长量或压缩量，k为弹簧的劲度系数；（3）动摩擦因数与接触面的粗糙程度有关，与物体之间的压力、滑动摩擦力无关；（4）静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化的，当超过最大静摩擦力之后就开始相对运动了，此后就是滑动摩擦力了．解答：解：A．重心不一定在物体的几何中心上，只有质量分布均匀，形状规则的物体，重心才在其几何重心，故A错误；B．根据弹簧弹力的表达式F=kx，x为伸长量或压缩量，k为弹簧的劲度系数，可知：弹力不仅跟劲度系数有关，还跟伸长量或压缩量有关，故B错误；C．动摩擦因数与接触面的粗糙程度有关，与物体之间的压力、滑动摩擦力无关，故C错误；D．静摩擦力的大小是在零和最大静摩擦力之间发生变化的，当超过最大静摩擦力之后就开始相对运动了，此后就是滑动摩擦力了，故D正确．故选：D点评：本题考查了重心、弹簧弹力、动摩擦因素、静摩擦力的影响因素，难度不大，属于基础题．2．（4分）某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，在如图所示的四种情况中（坐标纸中每格边长表示1N的大小的力），该物体所受的合外力大小正确的是（）A．图中物体所受的合外力大小等于4NB．图中物体所受的合外力大小等于2NC．图中物体所受的合外力大小等于0D．图中物体所受的合外力大小等于0考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：力的合成遵循平行四边形定则，三力合成可以先合成其中两个力，再与第三个力合成，也可用正交分解法先分解再合成．解答：解：A、对甲，先将F1与F2合成，然后再用勾股定理，求得合力等于5 N，A错误；B、对乙，先将F1与F3沿水平和竖直方向正交分解，再合成，求得合力等于5 N，故B错误；C、对丙，可将F3沿水平和竖直方向正交分解正交分解，求得合力等于6 N，C错误；D、根据三角形法则，丁图中合力等于0，D正确；故选D．点评：求解合力可以直接根据平行四边形定则合成，有时也可以先正交分解再合成．3．（4分）下列对运动的认识错误的是（）A．亚里士多德认为有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体就静止B．伽利略认为如果完全排除空气的阻力，所有的物体将下落得同样快C．伽利略认为，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运动下去D．牛顿认为力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、亚里士多德认为有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体就静止，该观点是以生活经验得出的，是错误的．根据伽利略的理想实验得出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因．故A错误；B、伽利略认为如果完全排除空气的阻力，所有的物体将下落得同样快，故B正确；C、伽利略认为，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运动下去，故C正确；D、牛顿认为力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故D正确；本题选错误的，故选：A．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．4．（4分）钓鱼岛是中国领土铁证如山，但日本政府一再挑衅，并于今年九月发起购岛闹剧．对此包括港澳台在内，全国上下共同掀起保钩高潮．中国人民解放军做为坚强后盾更是频频亮剑，一批批重量级装备纷纷闪亮出场．国产最先进武装直升机武直﹣10（WZ﹣10）已经进行多次试飞，图4为一架WZ﹣10在钓鱼岛海域拖曳扫雷具进行近岛扫除水雷演习模拟图．拖曳型扫雷具质量为m，由于近岛海水的流动对物体产生水平方向的冲击力，使软绳偏离竖直方向，当直升机相对地面静止时，绳子与竖直方向成θ角，已知物体所受的浮力不能忽略下列说法正确的是（）A．绳子的拉力为B．绳子的拉力一定大于mgC．物体受到海水的水平方向的作用力等于绳子的拉力D．物体受到海水的水平方向的作用力小于绳子的拉力考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：对物体受力分析，受重力、浮力、拉力和水的水平方向的摩擦力，根据平衡条件并运用正交分解法列式分析．解答：解：A、B、对物体受力分析，受重力、浮力、拉力和水的水平方向的摩擦力，如图根据平衡条件，有竖直方向：F浮+Tcosθ=mg…①水平方向：f=Tsinθ…②故A错误，B错误；C、D、河水作用力包括浮力和摩擦力，其中摩擦力等于拉力的水平分力，故C错误；D正确故选D．点评：本题关键是对物体进行受力分析，然后平衡条件列式分析，关键不要忘了有浮力．5．（4分）如图所示，将一球用网兜挂在光滑的墙壁上，设绳对球的拉力为F1，墙壁对球的支持力为F2，当球的半径增大时（设细绳长度不变）（）A．F1、F2均不变B．F1、F2均减小C．F1、F2均增大D．F1减小，F2增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分析球的受力情况，作出力图，根据平衡条件求解悬绳对球的拉力F1和墙壁对球的支持力F2．解答：解：以球为研究对象，分析其受力情况：重力mg、悬绳对球的拉力F1和墙壁对球的支持力F2，三个力的合力为零，运用合成法，结合几何知识有：F1=，F2=mgtanα当球的半径增大时（设细绳长度不变），则α增大，可知F1减大，F2增大，故选：C．点评：本题是三力平衡问题，分析受力情况，作出力图，运用平衡条件和几何知识得到两力的表达式然后分析其变化，此方法称为解析法，也可以用图解法．6．（4分）如图，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜劈上，现用大小均为F、方向相反的力分别推A和B，它们均静止不动，则（）A．A与B之间一定存在摩擦力B．B与地之间一定存在摩擦力C．B对A的支持力一定小于mgD．地面对B的支持力的大小一定等于（M+m）g考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对A、B整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力；再对物体A受力分析，根据平衡条件求解B对A的支持力和摩擦力．解答：解：B、D、对A、B整体受力分析，如图，受到重力（M+m）g、支持力N和已知的两个推力，对于整体，由于两个推力刚好平衡，故整体与地面间没有摩擦力；根据共点力平衡条件，有N=（M+m）g故B错误，D正确；A、C、再对物体A受力分析，受重力mg、已知的推力F、斜面体B对A的支持力N′和摩擦力f，当推力F沿斜面分量大于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向下，如下图当推力F沿斜面分量小于重力的下滑分量时，摩擦力的方向沿斜面向上，如下图当推力F沿斜面分量等于重力的下滑分量时，摩擦力为零，如下图根据共点力平衡的条件，运用正交分解法，可以得到：N′=mgcosθ+Fsinθ故A错误，C也错误；故选：D．点评：本题关键是对A、B整体受力分析，根据平衡条件得到地面对整体的支持力和摩擦力，然后再对物体A受力分析，再次根据平衡条件列式求解出各个力的情况．7．（4分）如图所示，质量分别为M和m的物块由相同的材料制成，且M＞m，将它们用通过轻而光滑的定滑轮的细线连接．如果按图甲装置在水平桌面上，两物块刚好做匀速运动．如果互换两物块按图乙装置在同一水平桌面上，它们的共同加速度大小为（）A．g B．g C．g D．上述均不对考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对甲图中M和m受力分析，根据平衡条件求解出动摩擦因素；再对乙图中的M 和m受力分析，根据牛顿第二定律列式求解加速度．解答：解：由甲图可知，物体m匀速运动，故：T=mg；物体M匀速运动，故：T=μMg；联立解得：；乙图中，对M，有：Mg﹣T′=Ma；对m，有：T′﹣μmg=ma；联立解得：a=g；故选C．点评：本题关键是灵活地选择研究对象，然后受力分析，根据平衡条件和牛顿第二定律列式求解．8．（4分）如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x之间的关系如图乙所示（g=10m/s2），则下列结论正确的是（）A．物体的加速度大小为5m/s2B．弹簧的劲度系数为7.5N/cmC．物体的质量为3kgD．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体一直匀加速上升，从图象可以看出，物体与弹簧分离后，拉力为30N；刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡；拉力为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，弹簧压缩量为4cm；根据以上条件列式分析即可．解答：解：A、B、C、刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有mg=kx ①拉力F1为10N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律，有F1+kx﹣mg=ma ②物体与弹簧分离后，拉力F2为30N，根据牛顿第二定律，有F2﹣mg=ma ③代入数据解得m=2kgk=500N/m=5N/cma=5m/s2故B错误，C错误，A正确；D、物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故D错误；故选：A．点评：本题关键是由图象得出一些相关物理量，然后根据牛顿第二定律列方程分析求解．二．多项选择题：（本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有多个正确选项．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）9．（4分）质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+2t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A．初速度为5m/sB．前2s内的平均速度是6m/sC．任意相邻的1s内位移差都是4mD．任意1s内的速度增量都是2m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：对照匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+，即可求得质点的初速度和加速度，求出前2s内的位移之后，与时间相比即可求得平均速度．任意相邻的1s内位移差根据推论：△x=aT2求解．速度增量根据△v=at求解．解答：解：A、根据匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+，可得质点的初速度 v0=5m/s，加速度a=4m/s2．故A正确．B、由x=5t+2t2可得前2s内的平均速度为===5+2t=5+2×2=9（m/s），故B错误．C、任意相邻的1s内位移差：△x=aT2=4×12m=4m，故C正确．D、任意1s内的速度增量：△v=at=4×1m/s=4m/s，故D错误．故选：AC．点评：本题关键要掌握匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+、推论△x=aT2等运动学公式的基本规律，并能灵活应用．10．（4分）如图所示，质量为m，横截面为直角三角形的物块ABC，∠ABC=α，AB边靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数为μ．F是垂直于斜面BC的推力，物块沿墙面匀速下滑，则摩擦力的大小为（）A．mg+FsinαB．mg﹣FsinαC．μmg D．μFcosα考点：摩擦力的判断与计算．。
东北三省三校2015届高三第二次高考模拟考试 理科综合(扫描版含答案)
2015 哈师大附中三校二模物理试题参考答案14.D 15.B 16.B 17.B 18.D 19.BD 20.AC 21.ACD 其中17题条件不严密，选B 或选D 均给分。
22. (1) 42.20 （2分） (2) 2.988 （2分）23. (1) 2.0Ω（2分） （读做2Ω给分） (5) 4.49 （2分） 20.2 （2分）（6）图略（2分） 0.097kg （0.090—0.110均给分）（3分）24解：（1）设物块甲到C 点时的速度为v 1，由运动规律得：v 12=2a 1s （2分） 解得：v 1=2.0m/s（1分） 物块甲到C 点所用的时间t 1=v 1a 1=0.2s （2分）所以两物块相遇的位置在C 点右侧，x =v 1（t －t 1）=1.6m （2分） （2）设物块乙运动的加速度为a 2，由牛顿第二定律得 qE =ma 2（2分） a 2=145100.1100.2100.2--⨯⨯⨯⨯=m qE m/s 2=4.0m/s 2（1分）由运动规律得s 2－x =v 0t －12 a 2t 2（2分）解得：v 0=4.4m/s （1分）25 解：(1)米袋在AB 上加速时的加速度20/5s m mmga ==μ （1分）米袋的速度达到0v =5m ／s 时， 滑行的距离m a v s 5.220200== （1分）因此米加速一段后与传送带一起匀速运动到达B 点，到达C 点时速度v 0=5m ／s在AB 上加速运动时间为01a v t =s t 11= (1分) 在AB 上匀速运动的时间为02v s s t AB -= s t 1.02= （1分）所以 s t t t 1.121=+= （1分）(2) 设米袋在CD 上运动的加速度大小为a ，由牛顿第二定律得ma mg mg =-θμθcos sin （2分） 代人数据得a=2m ／s 2它能上滑的最大高度为h ，则有 av h 2s i n 20=θ （1分）m h 75.3= （1分）（3）米袋在AB 上运动时，则传送带对米袋做功为2021mv fs =J mv 1252120= （1分） 传送带克服小箱对它的摩擦力做功J fs 2502= （1分） 两者之差就是克服摩擦产生的热量20121mv Q =J Q 1251=（1分） 可见，在米袋在AB 上加速运动过程中，小箱获得的动能与产生热量相等。
2015年黑龙江省绥化市青冈一中高考物理三模试卷
2015年黑龙江省绥化市青冈一中高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共7小题，共35.0分)1.物理学源于生活，又对我们的生产，生活产生了深远的影响．关于物理学知识及其在生活生产中的实际应用，以下说法正确的是（）A.石块比羽毛下落得快，说明重的物体总是比轻的物体下落得快B.利用电流的热效应，人们制成了用于加热物品的电磁炉C.钻木取火使人们知道了摩擦可以生热的道理，也就是说只要有摩擦力作用就有热量产生D.超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是利用了静电屏蔽的作用【答案】D【解析】解：A、根据受力可知，在空气中下落的过程中受到的空气的阻力远小于其重力，而羽毛受到的阻力与其重力比较接近，所以石块比羽毛的向下的加速度大，所以下落得快，与物体的轻于重无关，与受到的阻力产生的影响有关．故A错误；B、利用电磁感应现象与涡流的热效应，人们制成了用于加热物品的电磁炉；故B错误；C、钻木取火使人们知道了摩擦可以生热的道理，是利用摩擦力将机械能转化为内能，不能说明只要有摩擦力作用就有热量产生．如静摩擦力就不会产生热量．故C错误；D、超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是利用了静电屏蔽的作用．故D正确．故选：D根据受力分析，说明石块比羽毛下落得快的原因；利用涡流的热效应，人们制成了用于加热物品的电磁炉；摩擦力将机械能转化为内能；超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是利用了静电屏蔽的作用．该题考查到牛顿第二定律的应用、电磁炉的原理、功能关系以及静电屏蔽，考查到的知识点比较多，比较散，这一类的题目要考平时的积累．2.如图，在灭火抢险的过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进行救人或灭火作业．为了节省救援时间，消防车向前前进的过程中，人相对梯子匀加速向上运动，在地面上看消防队员的运动，下列说法中正确的是（）A.当消防车匀速前进时，消防队员可能做匀加速直线运动B.当消防车匀速前进时，消防队员水平方向的速度保持不变C.当消防车匀加速前进时，消防队员一定做匀变速曲线运动D.当消防车匀减速前进时，消防队员一定做匀变速曲线运动【答案】D【解析】解：A、当消防车匀速前进时，根据运动的合成，可知：消防队员一定做匀变速曲线运动，因水平方向存在加速度，则水平方向的速度变化．故A错误，B也错误．C、当消防车匀加速前进时，若合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线，其加速度的方向大小不变，所以消防员做匀变速曲线运动；若在一条直线上，则做匀变速直线运动，故C错误；D、当消防车匀减速前进时，根据运动的合成，结合曲线运动条件，则消防队员一定做匀变速曲线运动，故D正确．故选：D．消防员参与了沿梯子方向的匀加速直线运动和水平方向上的直线运动，通过合速度与合加速度是否在同一条直线上判断消防员做直线运动还是曲线运动．解决本题的关键掌握运动的合成与分解，知道通过分解为水平方向和竖直方向来判断消防队员在水平方向的速度变化．3.如图所示，已知直流电动机M的电阻是R，电源的内电阻是r，当电动机正常工作时电压表的示数是U，电流表的示数是I．①t秒钟内，电动机产生的热量是IU t②t秒钟内，电动机消耗的电能是IU t③电源电动势是IR+I r④电源电动势是U+I r以上叙述正确的是（）A.①②③B.②④C.①③D.①②④【答案】B【解析】解：①②t秒钟内，电动机消耗的电能为UI t，电动机产生的热量是I2R t，故输出的电功为UI t-I2R t，故①错误，②正确；③④根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+I r，电动机是非纯电阻电路，故U＞IR，故E ＞IR+I r，故③错误，④正确；故选B．电动机是非纯电阻电路，电动机总功率等于输出功率与热功率之和；由闭合电路欧姆定律可以求出电源电动势．电动机是非纯电阻电路，电动机总功率等于输出功率与热功率之和4.如图所示，某同学斜向上抛出一石块，空气阻力不计．下列关于石块在空中运动过程中的速率v、加速度a、水平方向的位移x和重力的瞬时功率P随时间t变化的图象中，正确的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：A、物体做斜上抛运动，机械能守恒，重力势能先增加后减小，故动能先减小后增加，速度先减小后增加，故A错误；B、物体只受重力，加速度保持不变，为g，向下，故B错误；C、物体做斜抛运动，根据运动的分解和合成的规律将其分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的上抛运动，故水平分位移与时间成正比，故C正确；D、速度的水平分量不变，竖直分量先减小到零，后反向增加，故根据P=G v y，重力的功率先减小后增加，故D错误；故选C．物体做斜抛运动，根据运动的分解和合成的规律将其分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的上抛运动，然后根据运动学公式和机械能守恒定律进行分析．本题关键是明确物体的运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的上抛运动，然后结合机械能守恒定律和功率的表达式列式分析．5.一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行．现将一块木炭无初速度地放在传送带的最左端，木炭在传送带上将会留下一段黑色的痕迹．下列说法正确的是（）A.褐色的痕迹将出现在木炭的左侧B.木炭的质量越大，痕迹的长度越短C.传送带运动的速度越大，痕迹的长度越短D.木炭与传送带间动摩擦因数越大，痕迹的长度越短【答案】D【解析】解：A、刚放上木炭包时，木炭包的速度慢，传送带的速度快，木炭包向后滑动，所以黑色的径迹将出现在木炭包的右侧，所以A错误．B、木炭包在传送带上运动靠的是与传送带之间的摩擦力，摩擦力作为它的合力产生加速度，所以由牛顿第二定律知，μmg=ma，所以a=μg，当达到共同速度时，不再有相对滑动，由V2=2ax得，木炭包位移X木=，设相对滑动的时间为t，由V=at，得t=，此时传送带的位移为x传=vt=，所以滑动的位移是△x=x传-X木=，由此可以知道，黑色的径迹与木炭包的质量无关，所以B错误，C、由B知，传送带运动的速度越大，径迹的长度越长，所以C错误，D、木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短，所以D正确．故选：D．木炭包在传送带上先是做匀加速直线运动，达到共同速度之后再和传送带一起匀速运动，黑色的径迹就是它们相对滑动的位移，求出相对位移再看与哪些因素有关求黑色的轨迹的长度，就是求木炭包和传送带的相对滑动的位移，由牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律很容易求得它们相对滑动的位移，在看相对滑动的位移的大小与哪些因素有关即可6.如图，地球赤道上山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动．设e、p、q的圆周运动速率分别为v1、v2、v3，向心加速度分别为a1、a2、a3，则（）A.v1＞v2＞v3B.v1＜v3＜v2C.a1＞a2＞a3D.a1＜a2＜a3【答案】B【解析】解：A、B、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据v=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故V1＜V3；根据卫星的线速度公式v=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即V3＜V2；故V1＜V3＜V2，故A错误，B正确；C、D、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据a=ω2r=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故山丘e的轨道加速度大于同步通信卫星q的加速度，即a1＜a3；根据卫星的周期公式T==2π，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故a1＜a3＜a2，故C、D均错误．故选：B．题中涉及三个物体：地球赤道上的山丘e、近地资源卫星p、同步通信卫星q；山丘e与同步通信卫星q转动周期相同，近地资源卫星p与同步通信卫星q，都是万有引力提供向心力；分两种类型进行比较分析即可．本题关键要将地球赤道上的山丘e、近地资源卫星p、同步通信卫星q分为两组进行分析比较，最后再综合；一定不能将三个物体当同一种模型分析，否则会使问题复杂化．7.如图所示，边界OA与OC之间分布有垂直纸面向里的匀强磁场，边界OA上有一粒子源S．某一时刻，从S平行于纸面向各个方向发射出大量带正电的同种粒子（不计粒子的重力及粒子间的相互作用），所有粒子的初速度大小相同，经过一段时间有大量粒子从边界OC射出磁场．已知∠AOC=60°，从边界OC射出的粒子在磁场中运动的最短时间等于（T为粒子在磁场中运动的周期），则从边界OC射出的粒子在磁场中运动的最长时间为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：粒子在磁场中运动做匀速圆周运动，入射点是S，出射点在OC直线上，出射点与S点的连线为轨迹的一条弦．当从边界OC射出的粒子在磁场中运动的时间最短时，轨迹的弦最短，根据几何知识，作ES⊥OC，则ES为最短的弦，粒子从S到E的时间即最短．由题，粒子运动的最短时间等于，则θ=60°设OS=d，则ES=d由几何知识，得粒子运动的轨迹半径为R=ES=d，直径D=当粒子轨迹的弦是直径时运动时间最长，根据几何知识，轨迹SD如图．可见粒子在磁场中运动的最长时间为t max=故选B粒子在磁场中运动做匀速圆周运动，所有粒子的初速度大小相同，轨迹半径相同，弦越大，轨迹的圆心越大，运动时间越长．根据几何知识，画出轨迹，作出最长的弦，定出最长的运动时间．带电粒子在磁场中圆周运动的问题是高考的热点，也是难点，关键是运用几何知识画出轨迹．二、多选题(本大题共6小题，共30.0分)8.如图所示，质量为m的物体A在沿斜面向上的拉力F作用下沿斜面匀速下滑，此过程斜面体B仍静止，斜面体的质量为M，则水平地面对斜面体（）A.无摩擦力B.有水平向左的摩擦力C.支持力为（m+M）gD.支持力小于（m+M）g【答案】BD【解析】解：以物体A和斜面体整体为研究对象，分析受力情况：重力（M+m）g、地面的支持力N，摩擦力f和拉力F，根据平衡条件得：f=F cosθ，方向水平向左N=（M+m）g-F sinθ＜（m+M）g故选BD物体A在沿斜面向上的拉力F作用下沿斜面匀速下滑，合力为零．斜面体B静止，合力也为零．以物体A和斜面体整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件研究水平地面对斜面体的摩擦力和支持力．本题中物体A和斜面体的加速度都是零，可以运用整体法进行研究．基础题．9.四个完全相同的弹簧秤，外壳通过绳子分别与四个完全相同的物体相连，挂钩一端施加沿轴线方向的恒力F，以下四种情况中关于弹簧秤读数的说法正确的是（）A.如果图甲中的物体静止在水平地面上，那么弹簧秤的读数可能小于FB.如果图乙中的物体静止在斜面上，那么弹簧秤的读数一定等于FC.如果图丙中的物体静止在粗糙水平地面上，那么弹簧秤的读数一定等于FD.如果已知图丁中水平地面光滑，则由于物体的质量未知无法判定弹簧秤的读数与F的大小关系【答案】BC【解析】解：A、图甲中的物体静止在水平地面上，根据平衡原理，那么弹簧秤的读数等于F，故A错误；BC、不论物体静止在斜面上，还是静止在粗糙水平地面上，由平衡条件，可知，弹簧秤的读数一定等于F，故BC正确；D、已知图丁中水平地面光滑，虽物体的质量未知，但弹簧秤的读数与F的大小仍相等，故D错误；故选：BC．根据胡克定律的内容，结合弹簧秤原理，及平衡条件，即可求解．考查弹簧秤读数，注意弹簧秤的测量范围，理解平衡条件的应用，掌握读数与物体的运动状态无关．10.如图所示，水平放置的两个平行金属板MN、PQ间存在匀强电场和匀强磁场．MN板带正电，PQ板带负电，磁场方向垂直纸面向里．一带电微粒只在电场力和洛伦兹力作用下，从I点由静止开始沿曲线IJK运动，到达K点时速度为零，J是曲线上离MN板最远的点．以下几种说法中正确的是（）A.在I点和K点的加速度大小相等，方向相同B.在I点和K点的加速度大小相等，方向不同C.在J点微粒受到的电场力小于洛伦兹力D.在J点微粒受到的电场力等于洛伦兹力【答案】AC【解析】解：A、B、电荷所受的洛伦兹力F f=qv B，当电荷的速度为零时，洛伦兹力为零，故电荷在I点和K点只受到电场力的作用，故在这两点的加速度大小相等．方向相同，故A 正确，B错误．C、D、由于J点是曲线上离MN板最远的点，说明电荷在J点具有与MN平行的速度，带电粒子在J点受到两个力的作用，即电场力和洛伦兹力；轨迹能够向上偏折，则说明洛伦兹力大于电场力，故C正确．D错误．故选：AC根据电场力与牛顿第二定律，则可确定加速度的大小与方向．根据电场力与洛伦兹力大小关系，由运动轨迹来确定力的大小，从而判定正确与否．考查洛伦兹力与电场力在题中的应用，及产生条件，并学会根据运动轨迹，来确定两力的大小．即为根据运动来确定受力．11.如图所示，是一个小灯泡的电流强度随小灯泡两端电压变化的关系图，则根据小灯泡的伏安特性曲线可判定下列说法中错误的是（）A.小灯泡的电阻随着所加电压的增加而减小B.小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而减小C.欧姆定律对小灯泡不适用D.如果把三个这种相同的灯泡串联后，接到电压恒为12V的电源上，则流过每个小灯泡的电流为0.4A【答案】ABC【解析】解：A、由图可知，图中电流随电压的增大而增大，每一点的斜率表示该点电阻的倒数，故可知小灯泡的电阻随电压的增大而增大；故A错误；B、因导线的形状没有发生变化，故说明随电压的升高电阻率增大，而随电压增大，温度是升高的，故B错误；C、虽然小灯泡的伏安特性曲线不是直线，原因是电阻率随温度增大而发生了变化，灯丝仍然为金属导体，欧姆定律同样适用，故C错误；D、若把三个相同的灯泡串联，则每个灯泡两端的电压为4V，由图可知对应的电流为0.4A，故D正确；本题选错误的，故选：ABC根据图象的规律可得出灯泡电阻的变化；根据串并联电路的特点且由图象可得出流过小灯泡的电流．本题中要注意小灯泡的电阻随温度的变化而变化，故不能直接应用欧姆定律求电流，但欧姆定律同样对灯泡是成立的．12.如图所示，一轻弹簧左端固定在长木板m2的左端，右端与小木块m1连接，且m1、m2及m2与地面之间接触面光滑，开始时m1和m2均静止，现同时对m1、m2施加等大反向的水平恒力F1和F2，从两物体开始运动以后的整个过程中，对m1、m2和弹簧组成的系统（整个过程中弹簧形变不超过其弹性限度），错误的说法是（）A.由于F1、F2等大反向，故系统机械能守恒B.由于F1、F2分别对m1、m2做正功，故系统动能不断增加C.由于F1、F2分别对m1、m2做正功，故系统机械能不断增加D.当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，m1、m2的动能最大【答案】ABC【解析】解：A、弹簧弹力以及物体之间的摩擦力属于内力，系统所受外力F1和F2的合力为零故系统动量守恒，由于开始的过程中系统中有两拉力均做正功，因此机械能不守恒，故A错误；B、D、分别对m和M动态分析可知，开始时二者都做加速运动，随距离的增大，弹簧的弹力增大，二者的加速度都减小，当加速度a=0时速度最大，即当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，系统的动能最大，此后弹簧的弹力大于拉力，二者都做减速运动，直到速度为0．故B错误，D正确；C、二者的速度都减小为0后，由于弹力仍然大于拉力，二者之间的距离开始减小，弹簧的弹力做正功，拉力做负功，系统机械能开始减小．故C错误；本题选择错误的，故选：ABC．本题的关键是灵活选取研究对象进行受力分析和运动过程分析，然后再根据牛顿第二定律和功能关系即可求解．对于各种物理定理、规律一定要明确其适用条件，才能用其来解决具体问题，因此在平时训练中一定加强这方面的练习．13.如图所示，两根长直导线竖直插入光滑绝缘水平桌面上的M、N两小孔中，O为M、N连线中点，连线上a、b两点关于O点对称．导线均通有大小相等、方向向上的电流．已知长直导线在周围产生的磁场的磁感应强度，式中k是常数、I是导线中电流、r为点到导线的距离．一带正电的小球以初速度v0从a点出发沿连线运动到b点．关于上述过程，下列说法正确的是（）A.小球先做加速运动后做减速运动B.小球一直做匀速直线运动C.小球对桌面的压力先减小后增大D.小球对桌面的压力一直在增大【答案】BD【解析】解：根据右手螺旋定则可知直线M处的磁场方向垂直于MN向里，直线N处的磁场方向垂直于MN向外，磁场大小先减小过O点后反向增大，根据左手定则可知，带正电的小球受到的洛伦兹力方向开始上的方向向上，过O得后洛伦兹力的方向向下．由此可知，小球将做匀速直线运动，小球对桌面的压力一直在增大，故AC错误，BD正确．故选BD．根据右手螺旋定则，判断出MN直线处磁场的方向，然后根据左手定则判断洛伦兹力大小和方向的变化，明确了受力情况，即可明确运动情况．本题考查了右手螺旋定则和左手定则的熟练应用，正确解答带电粒子在磁场中运动的思路为明确受力情况，进一步明确其运动形式和规律．三、实验题探究题(本大题共2小题，共14.0分)14.写出如图所示的游标卡尺和螺旋测微器的读数：（1）游标卡尺的读数______ mm；（2）螺旋测微器的读数______mm．【答案】52.35；3.855【解析】解：（1）由图1所示游标卡尺可知，主尺示数是5.2cm=52mm，游标尺示数是7×0.05mm=0.35mm，游标卡尺示数为52mm+0.35mm=52.35mm．（2）由图2所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为3.5mm，可动刻度示数为35.5×0.01mm=0.355mm，螺旋测微器示数为3.5mm+0.355mm=3.855mm．故答案为：（1）52.35；（2）3.855．（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数示数之和是螺旋测微器示数之和．要掌握游标卡尺与螺旋测微器的使用及读数方法；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读．15.小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变化，因而引起功率变化．一研究性学习小组在实验室通过实验研究这一问题，实验室备有的器材是：电压表（0-3V，约3kΩ），电流表（0-0.6A，约0.1Ω），电池，开关，滑动变阻器，待测小灯泡，导线若干．实验时，要求小灯泡两端电压从0逐渐增大到额定电压．（1）在如图1的虚线框内画出实验电路图（2）根据实验测得数据描绘出如图2所示的U-I图象，小灯泡电压随电流变化曲线，由此可知，小灯泡电阻R随温度T的关系是______ ．（3）如果一电池的电动势2V，内阻2.5Ω．请你根据上述实验的结果，确定小灯泡接在该电池的两端，小灯泡的实际功率是______ W．（结果请保留两位有效数字）【答案】小灯泡的电阻R随温度T升高而增大；0.41【解析】解：（1）由于实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法；由于小灯泡电阻较小，满足＞，电流表应用外接法，实验电路图如图所示：（2）根据R=可知，电阻R应等于U-I图象上的点与原点连线斜率大小，由于斜率逐渐增大，所以小灯泡的电阻R随温度T升高而增大；（3）在表示小灯泡的U-I图象中同时作出表示电源的U-I图象，如图所示读出两图线的交点坐标为：I=0.39A，U=1.05V，所以小灯泡消耗的实际功率为：P=UI=0.41W故答案为：（1）如图；（2）小灯泡的电阻R随温度T升高而增大；（3）0.41本题（1）的关键是根据实验要求电流从零调可知变阻器应采用分压式接法，再根据小灯泡的电阻较小满足电流表外接法条件可知电路应是外接分压电路；题（2）根据电阻的定义结合斜率概念即可求解；题（3）在表示小灯泡的U-I图象中同时作出表示电源的U-I图象，读出两图线的交点坐标即可求解．应明确：①当实验要求电流从零调或当变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法；②当待测电阻满足＞时，电流表应用外接法，满足＜时，电流表应用内接法；③在表示小灯泡的U-I图象中同时作出表示电源的U-I图象，两图线的交点则表示通过小灯泡的实际电流与实际电压．四、计算题(本大题共2小题，共31.0分)16.风洞实验室能产生大小和方向均可改变的风力．如图所示，在风洞实验室中有足够大的光滑水平面，在水平面上建立x O y直角坐标系．质量m=0.5kg的小球以初速度v0=0.40m/s从O点沿x轴正方向运动，在0～2.0s内受到一个沿y轴正方向、大小F1=0.20N的风力作用；小球运动2.0s后风力方向变为y轴负方向、大小变为F2=0.10N（图中未画出）．试求：（结果请保留两位有效数字）（1）2.0s末小球在Y方向的速度大小和2.0s内运动的位移大小？（2）风力F2作用多长时间，小球的速度变为与初速度相同？（3）小球回到X轴时的动能？【答案】解：（1）设在0～2.0s内小球运动的加速度为a1，则F1=ma12.0s末小球在y方向的速度v1=a1t1代入得v1=0.8m/s沿x轴方向运动的位移x1=v0t1沿y轴方向运动的位移y1=2.0s内运动的位移s1==0.8≈1.1m（2）设2.0s后小球运动的加速度为a2，F2的作用时间为t2时小球的速度变为与初速度相同．则有F2=ma2，v1=a2t2代入数据解得t2=4s（3）设小球回到x轴上时的动能为E k，由动能定理有F1y1+F2y2=E k-代入数据解得E k=0.28J答：（1）2.0s末小球在Y方向的速度大小为0.8m/s，2.0s内运动的位移大小为1.1m．（2）风力F2作用4s时间，小球的速度变为与初速度相同．（3）小球回到X轴时的动能是0.28J．【解析】（1）小球受重力、支持力和风的推力，在x方向不受外力，做匀速直线运动，在y方向受到恒定的力，故y方向做匀变速直线运动，根据运动的合成与分解的知识进行分析计算；（2）当y方向的分速度减为零时，小球的速度变为与初速度相同，根据运动学公式列式求解即可；（3）根据运动学公式和牛顿第二定律先分析清楚y方向的运动规律，然后根据运动学公式求出回到x轴时物体的速度，得到动能．本题关键要将小球的运动沿着x、y方向正交分解，x方向做匀速直线运动，y方向做匀变速直线运动，然后根据运动学公式进行列式求解．17.在平面直角坐标系x O y中，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第Ⅳ象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以一定的初速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成θ=60°角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场，已知ON=d，如图所示．不计粒子重力，求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径R；（2）粒子在M点的初速度v0的大小；（3）粒子从M点运动到P点的总时间t．【答案】解：（1）粒子的运动轨迹如图所示：。
2015高考二模 东北三省三校2015届高三第二次高考模拟考试理综物理试题 Word版含答案
哈尔滨师大附中东北师大附中辽宁省实验中学2015年高三第二次联合模拟考试理科综合能力测试注意事项：本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，其中第Ⅱ卷第33—40为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；非选择题答案使用0．5毫米黑色中性(签字)笔或碳素笔书写，字体工整，笔迹清楚。
3．请按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5．做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 S 32 Fe 56第I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第l4～18题只有一项符合题目要求；第l9～21题有多项符合要求。
全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．穿过同一闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图像分别如图中的①～④所示，下列关于回路中感应电动势的论述正确的是A．图①回路产生恒定不变的感应电动势B．图②回路产生的感应电动势一直在变大C．图③回路0～t1时间内产生的感应电动势小于t1～t2时间内产生的感应电动势D．图④回路产生的感应电动势先变小再变大15．如图所示，有一倾角θ=30°的斜面B，质量为M。
质量为m的物体A静止在B上。
现用水平力F推物体A，在F由mg再逐渐减为零的过程中，A和B始终保零逐渐增加至2持静止。
对此过程下列说法正确的是A．地面对B的支持力大于(M+m)gB ．A 对B 压力的最小值为2mg ，最大值为4mg C ．A 所受摩擦力的最小值为0，最大值为14mg D ．A 所受摩擦力的最小值为12mg ，最大值为34mg16．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比是100：1，电容器C 和电阻R 并联在副线圈两端，电流表为理想交流电流表，电阻R=10Ω。
黑龙江省绥化市三校度高二上学期期中联考物理试题
绥化市三校2014-2015学年度第一学期期中联考高二物理试题一、选择题（每题5分，共55分；1-7为单选题；8-11为多选题，选对但不全得3分，错选得0分）1.关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是（）A.电场强度的方向处处与等势面平行B.随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低C. 电场强度为零的地方，电势也为零D.任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向2.如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示电场的等势面。
则( )A．1、2两点的场强相等 B．2、3两点的场强相等C．1、2两点的电势相等 D．2、3两点的电势相等3.某电解池，如果在1秒钟内共有5.0×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过某横截面，那么通过这个横截面的电流是 ( )A．0 B．0.8 A C．1.6 A D．3.2 A4．如图所示，在一电场强度沿纸面方向的匀强电场中，用一绝缘丝线系一带电小球，小球的质量为m、电荷量为q，为保证当丝线与竖直方向的夹角为θ＝60°时，小球处于平衡状态，则匀强电场的电场强度大小最小值为()A.3mgq B.mg2q C.3mg2q D.mgq5.如图所示，在xOy平面内有一个以O为圆心、半径R＝0.1m的圆，P为圆周上的一点，O、P两点连线与x轴正方向的夹角为θ。
若空间存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小E＝100V/m，则O、P两点的电势差可表示为( )A．U OP＝－10cosθ(V)B．U OP＝10sinθ(V)C．U OP＝－10sinθ(V)D．U OP＝10cosθ(V)6.如图所示，闭合开关S使电容器充电，充完后断开开关。
当增大两极板间间距时，电容器带电量Q，电容C，两极板间电压U，两极板间场强E的变化情况是（）A．Q变小，C不变，U变小，E变小 B. Q变小，C变小，U不变，E变小C．Q不变，C变小，U变大，E不变 D. Q不变，C不变，U变小，E变小7．如右图所示，一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连，极板水平放置，极板间距为d，在下极板上叠放一厚度为l的金属板，其上部空间有一带电粒子P静止在电容器中，当把金属板从电容器中快速抽出后，粒子P开始运动，重力加速度为g。
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黑龙江省绥化市三校2015届高三12月月考物理试题2014年12月一、单项选择题（10小题，共40分，每小题只有一个选项正确。
）1．某一物体由静止开始做匀加速直线运动，当物体经过位移为S 时的速度是v ， 那么经过位移为2S 时的速度是 ( )A ．B ．2v C． D ．4v2．已知一物体在三个共点力 F 1、F 2、F 3作用下匀速直线运动，并且还已知F 1＝20 N ，F ２＝28 N ，那么F ３的大小可能是（ ）A ．46 NB ．50ＮC ．60 ND ．6 N3．已知两物块A 、B 叠放在一起，A 、B 接触面与水平面平行，如图所示。
在水平面上保持相对静止向右做匀减速直线运动，则运动过程中B 受到的摩擦力（ ）A ．方向向左，大小不变B ．方向向左，逐渐减小C ．方向向右，大小不变D ．方向向右，逐渐减小 4．已知地球同步卫星的轨道半径是地球半径的k 倍, 则( )A ．第一宇宙速度是同步卫星运行线速度的k 倍BC ．地球表面附近的重力加速度是同步卫星向心加速度的k 倍 D5．如图所示，将一质量为m 的摆球用长为L 的细绳吊起，上端固定，使摆球在水平面内做匀速圆周运动，细绳就会沿圆锥面旋转，这样就构成了一个圆锥摆，则关于摆球的受力情况，下列说法中正确的是（ ） A ．摆球受重力、拉力和向心力的作用 B ．摆球受拉力和向心力的作用C ．摆球受重力和拉力的作用D ．摆球受重力和向心力的作用 6．有人在调试电路时，用一个“100kΩ 1/8W”的电阻和一个“300kΩ 1/8W”的电阻串联，作为400 kΩ的电阻使用，此时两只串联电阻允许消耗的最大功率为( )1.2A W 1.4B W 1.6C W 1.8D W 7．如图所示，有两个完全相同的金属球A 、B ，B 固定在绝缘地板上，A 在离B 高H 的正上方由静止释放，与B 发生正碰后回跳高度为h ，设碰撞中无动能损失，空气阻力不计，则（ ） A ．若A 、B 带等量同种电荷，则h ＞H B ．若A 、B 带等量异种电荷，则h ＜H C ．若A 、B 带等量异种电荷，则h ＞H D ．若A 、B 带等量异种电荷，则h ＝H8．如图所示的电路中，电电动势为E ，内阻为r ，R 1和R 2是两个定值电阻。
当滑动变阻器的触头向a 端滑动时，流过R 1的电流I 1和流过R 2的电流mI2的变化情况为( )A．I1增大，I2减小B．I1减小，I2增大C．I1增大，I2增大D．I1减小，I2减小9．如图所示，一个平行板电容器水平放置，板间距离为d，当对其加上恒定不变的电压后，A、B两板的电势分别为+φ和-φ，下述结论不正确．．．的是( )A．电容器两极板间各点的电势，有的相同，有的不同；有正的，有负的，有为零的B．若只减小两极板间的距离d，该电容器的电容C要增大，极板上带的电荷量Q也会增加C．若有一个电子水平射入穿越两极板之间的电场，则电子的电势能一定会减小D．电容器两极板间可形成匀强电场，电场强度大小为E=φ/d10．如图所示，在x轴上坐标为-L处固定一点电荷-q，坐标为-2L处固定一点电荷+4q。
A、B关于坐标原点O对称的两点，场强分别为E A，E B。
将另一带正电的试探电荷由坐标原点O分别移到A和B的过程中，电场力所做的功分别为W1和W2，则( )A．E A<E B W1<W2B．E A>E B W1<W2C．E A>E B W1=W2D．E A>E B W1>W2二、多项选择题（4小题，共16分，每小题至少有两个选项正确。
选不全得2分，有错、不选得0分）11．下列物理量中哪些与试探电荷无关（）A．电场强度B．电势C．电势能D．电场力12．如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取O点电势为零，Ox方向上各点的电势φ随x变化的情况如图乙所示。
若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则( )A．电子将沿Ox方向运动B．电子的电势能将增大C．电子运动的加速度恒定D．电子运动的加速度先减小后增大13．在如图所示的电路中，R1、R2、R3均为可变电阻。
当开关S闭合后，两平行金属板MN中有一带电液滴正好处于静止状态。
为使带电液滴向上加速运动，可采取的措施是（）A．增大R1B．减小R2C．减小R3D．减小平行板两极板MN间距14．如图所示，实线表示某电场的电场线，过O点的虚线MN与电场线垂直，两个相同的带负电的粒子P、Q分别从A、B两点（A、B两点所在的直线平行MN）以相同的初速度开始运动，速度方向垂直于MN，且都能从MN左侧经过O点。
设粒子P、Q在A、B两点的加速度大小分别为a1和a2，电势能分别为E p1和E p2，以过O点时的速度大小分别为v1和v2，到达O点经过的时间分别为t1和t2。
粒子的重力不计，则（）A．a1>a2B．v1<v2C．t1<t2D．E p1<E p2三、实验题，2小题，共10分15．（4分）利用伏安法测未知电阻时，用图甲测得结果为R1，用图乙测得结果为R2，若待测电阻的真实值为R，则（）A．R1＞R＞R2B．R1＜R＜R2C．R1＞R，R2＞R D．R1＜R，R2＜R16．（6分）小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变化。
一学习小组通过实验研究这一问题。
实验室备有的器材是：电压表（0～3V，3kΩ），电流表（0～0.6A，0.1Ω）,电池，开关，滑动变阻器，待测小灯泡，导线若干。
实验时，要求小灯泡两端电压从0逐渐增大到额定电压以上。
（1）他们应选用下图中的图所示电路进行实验。
（2）根据实验数据描绘出如图所示U-I图象，由图可知，小灯泡电阻随温度T变化的规律是。
（3）请你根据实验所得图线求出小灯泡在 2.0V电压下的实际功率W。
（结果保留两位有效数字）四、计算题，共34分.必须写出必要的文字说明、方程，直接写出答案不给分．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。
17．（10分）如图所示，R为电阻箱，电压表为理想电压表．当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V．求：（1）电的电动势E和内阻r（2）当电阻箱R读数为多少时，电的输出功率最大?最大值P m为多少?18． (10分)一束电子流在经U 0＝5 000 V 的加速电场由静止加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示．若两板间距d ＝1×10-3m ，板长L ＝5×10-3m ，那么，（1）电子离开加速电场时速度v 0多大？（结果用字母．．．．．e ．、．U ．0．、．m ．表示．．） （2）要使电子刚好从平行板间边沿飞出，两个极板上应加多大电压？（计算．．到具体数值．．．．．）19．(14分)如图所示，在光滑绝缘水平面上，质量为m 的均匀绝缘棒AB 长为L 、带有正电，电量为Q 且均匀分布。
在水平面上O 点右侧有匀强电场，场强大小为E ，其方向为水平向左，BO 距离为x 0，若棒在水平向右的大小为QE /4的恒力作用下由静止开始运动。
求：⑴棒的B 端进入电场L /8时的加速度大小和方向； ⑵棒在运动过程中的最大动能；⑶棒的最大电势能。
(设O 点处电势为零)高三12月月考物理参考答案1．Ａ 2．A 3．A 4．B 5．C 6．C 7．C 8．B 9．D 10．D 11．AB 12．AD 13．BD 14．ABD 15．（4分）A 16．（6分）（1） A （2）随温度升高而增大 （3） 1.0 17．（10分）【答案】（1）1r =Ω，6E v =（2）当1R =Ω时，9m p w = 【解】（1）根据闭合电路欧姆定律有uu E Ir E r R=-=-，带入数据即：（3分） 442vv E r =-Ω 555vv E r =-Ω联立上面两个方程可解得1r =Ω，6E v =（2分） （2）外电路的电功率22222()2E R E p I R r r R R r R===+++，（3分） 根据22r R r R+≥可判断当1R r ==Ω时，外电路功率最大，最大功率229224m E E p w r r r ===+（2分）18． (10分)【答案】 （1）0v =（2）400V 【解】（1）在加速电场中：200102eU mv =- ① （2分）所以：0v =（2分） （2）在偏转电场中，偏转位移为2d，则： 0L v t = ② （1分）2122dy at == ③ （1分） eUma d= ④ （2分） 联立①②③④解得： 2022400V d U U L == （2分）19．(14分)【答案】 ⑴a ＝8QE m ，方向水平向右；⑵E km ＝04QEx ＋32QEL；⑶若x 0＝L ，E pm ＝2QEL ，若x 0＜L ，E pm ＝04QEx ＋16QEL＋，若x 0＞L ，E pm ＝0(2)6QE x L + 【解】⑴根据牛顿第二定律有：QE/4－qE ＝ma ①（1分）q ＝Q L ×8L② （1分）由①②式联立解得：a ＝8QEm，方向水平向右 （2分）⑵当棒的速度达到最大时棒进入电场中的长度为x ，有：4QE ＝QxE L⋅③ （1分）根据动能定理有：4QE (x 0＋x)－0/42QE x +⋅＝E km －0 ④（2分）由③④式联立解得：E km ＝04QEx ＋32QEL（1分）⑶当棒速度减为0时，棒的电势能最大若x 0＝L ，棒恰好全部进入电场，根据动能定理有：4QE (x 0＋L)－02QEL +⋅＝0－0（1分）棒的电势能为：E pm ＝02QE L +⋅＝2QEL（1分） 若x 0＜L ，棒一部分进入电场，设进入的长度为l ，根据动能定理有：4QE(x 0＋l)－0/2QlE L l +⋅＝0－0 （1分）解得：l ，棒的电势能为：E pm ＝0/2QlE L l +⋅＝04QEx ＋16QEL＋（1分）若x 0＞L ，棒全部进入电场，且A 端离O 点距离为l ，有：4QE (x 0＋l)－02QEL +⋅－QE(l －L)＝0－0 （1分）解得：l ＝023x L +，棒的电势能为：E pm ＝02QEL +⋅＋QE(l －L)＝0(2)6QE x L + （1分）。