黑龙江省鸡西市2020年高考数学一模试卷(理科)D卷
黑龙江省鸡西市重点中学2020届高考仿真卷数学试卷含解析《加15套高考模拟卷》
黑龙江省鸡西市重点中学2020届高考仿真卷数学试卷一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．已知全集U =R ，集合{}220M x N x x =∈-≤，{}21xA y y ==+，则()U M C A ⋂=（ ）A ．{}01x x ≤≤ B ．{}1 C ．{}01、D ．{}012、、2．已知函数2()cos(2)cos 23f x x x π=-+，将函数()f x 的图象向左平移(0)φφ>个单位长度，得到函数()g x 的图象，若函数()g x 的图象关于y 轴对称，则φ的最小值是（ ）A ．6πB ．3πC ．23πD ．56π3．已知{}n a 为等差数列，135105a a a ++=，24699a a a ++=，则20a 等于（ ）. A ．1- B ．1C ．3D ．74．过抛物线22(0)y px p =>的焦点F 作倾斜角为4π的直线l ，若l 与抛物线交于A ，B 两点，且AB 的中点到抛物线准线的距离为4，则p 的值为（ ）A ．83 B ．1C ．2D ．35．若m ，n 是两条不同的直线，α，β是两个不同的平面，则下列命题正确的是 A ．若m α⊥，//n β，//αβ，则m n ⊥ B ．若//m α，n β⊥，αβ⊥，则m n ⊥ C ．若//m α，//n β，//αβ，则//m n D ．若m α⊥，n β⊥，αβ⊥，则//m n 6．若关于x 的方程2||4x kx x =+有4个不同的实数根，则k 的取值范围是（ ） A ．1(0,)4 B ．(1,4)C ．1(,)4+∞D ．1(,4)47．已知抛物线28y x =的焦点为F ，过点F 的直线交抛物线于A 、B 两点，交准线于点C，若BC =，则AB 等于（ ）A ．12B ．14C ．16D ．288．已知复数()11z a i =-++（i 为虚数单位，a 为实数）在复平面内对应的点位于第二象限，则复数z 的虚部可以是（ ）A．12i-B．12iC．12-D．129．标准的围棋棋盘共19行19列，361个格点，每个格点上可能出现“黑”“白”“空”三种情况，因此有3613种不同的情况；而我国北宋学者沈括在他的著作《梦溪笔谈》中，也讨论过这个问题，他分析得出一局围棋不同的变化大约有“连书万字五十二”种，即5210000，下列数据最接近36152310000的是（lg30.477≈）A．3710-B．3610-C．3510-D．3410-10．如图，两个椭圆的方程分别为22221(0)x ya ba b+=>>和22221()()x yma mb+=（0a b>>，1m>），从大椭圆两个顶点分别向小椭圆引切线AC、BD，若AC、BD的斜率之积恒为1625-，则椭圆的离心率为（）A．35B．34C．45D．7411．已知数列{}n a的前n项和22nS n n=+，则数列11{}n na a+⋅的前6项和为（）A．215B．415C．511D．101112．已知函数31()21xxf x x x ee=-++-，其中e是自然对数的底数．若()2(1)22f a f a-+≤，则实数a的取值范围是（）．A．31,2⎡⎤-⎢⎥⎣⎦B．3,12⎡⎤-⎢⎥⎣⎦C．11,2⎡⎤-⎢⎥⎣⎦D．1,12⎡⎤-⎢⎥⎣⎦二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2020年东北三省四市教研联合体高考数学一模试卷(理科) (含答案解析)
2020年东北三省四市教研联合体高考数学一模试卷(理科)一、单项选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.已知全集U={2,3,4,5,6,7}，集合A={4,5,7}，B={4,6}，则A∩(∁U B)=()A. {5}B. {2}C. {2,5}D. {5,7}2.已知复数z=2−i1+2i，则z=()A. 4+3iB. 4−3iC. −iD. i3.以下茎叶图记录了甲、乙两个篮球队在3次不同比赛中的得分情况．乙队记录中有一个数字模糊，无法确认，假设这个数字具有随机性，并在图中以m表示．那么在3次比赛中，乙队平均得分超过甲队平均得分的概率是()A. 35B. 45C. 710D. 9104.若(x2−a)(x+1x)10的展开式x6的系数为30，则a等于()A. 13B. 12C. 1D. 25.用半径为6的半圆形铁皮卷成一个圆锥的侧面，则此圆锥的体积为()A. 9√3πB. 18πC. 6πD. 3√3π6.已知公差不为零的等差数列{a n}的首项a1=50，a7、a15、a17成等比数列，则使{a n}的前n项和S n取得最大值的n的值为()A. 16B. 17C. 18D. 197.下列说法正确的是()A. 若命题p，￢q都是真命题，则命题“p∧q”为真命题B. 命题“∀x∈R，2x>0”的否定是“∃x0∈R,2x0≤0，”C. 命题：“若xy=0，则x=0或y=0”的否命题为“若xy≠0，则x≠0或y≠0”D. “x=−1”是“x2−5x−6=0”的必要不充分条件8.设双曲线y2a2−x2b2=1(a>0,b>0)，若双曲线的渐近线被圆M：x2+y2−10x=0所截的两条弦长之和为12，则双曲线的离心率为()A. 54B. 53C. 43D. √529. 如图，在直角坐标系xOy 中，射线OP 交单位圆O 于点P ，若∠AOP =θ，则点P 的坐标是( )A. (cosθ,sinθ)B. (−cosθ,sinθ)C. (sinθ,cosθ)D. (−sinθ,cosθ) 10. 已知双曲线x 2a−3+y 22−a =1的焦点在y 轴上，若焦距为4，则该双曲线渐近线方程为( )A. y =±√3xB. y =±√33xC. y =±√153x D. y =±√155x 11. 设函数f(x)={2x ,x ≤0log 2x ,x >0，若关于x 的方程[f(x)]2−af(x)=0恰有三个不同的实数解，则实数a 的取值范围为( )A. (0,1]B. (0,1)C. [1,+∞)D. (−∞,1)12. 已知数列{a n }的前n 项和S n =n 2，则a 4=( )A. −7B. −9C. 7D. 9二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13. 曲线y =(ax +1)e x 在点(0,1)处的切线的斜率为−2，则a =______．14. 函数f(x)=sinx +cosx 的图象向左平移m(m >0)个单位后，与y =cosx −sinx 的图象重合，则实数m 的最小值为______ ．15. 如图，正方形中ABCD 中，E ，F 分别是BC ，CD 的中点，沿AE ，EF ，AF 把这个正方形折成一个四面体，使B ，C ，D 三点重合，重合后的点记为G.若四面体A −EFG 外接球的表面积为6π，则正方形ABCD 的边长为________．16.如图，已知椭圆C:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的离心率为12，右焦点为F2，点M在圆x2+y2=b2上，且M在第一象限，过M作圆x2+y2=b2的切线交椭圆于两点.若△PF2Q的周长为4，则椭圆C的方程为．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17.在△ABC中，点D在BC边上，且满足CD=√2AD=3√2，cos∠CAD=2√55．(1)求∠ADC；(2)若AB=√5，求BD．18.某校从高三年级学生中随机抽取40名学生，将他们的月考数学成绩(满分100分，成绩均为不低于40分的整数)分成六段：[40,50),[50,60)，…，[90,100]得到如图所示的频率分布直方图，其中前三段的频率成等比数列．(Ⅰ)求a，b的值；(Ⅱ)若该校高三年级共有学生640人，试估计该校高三年级期中考试数学成绩不低于80分的人数；(Ⅲ)若从样本中数学成绩在[40,50)与[90,100]两个分数段内的学生中随机选取两名学生，记这两名学生成绩在[90,100]内的人数为X，求随机变量X的分布列和期望值．19.过点E(−1,0)的直线l与抛物线C：y2=4x交于A，B两点，F是C的焦点．(1)若线段AB中点的横坐标为3，求|AF|+|BF|的值；(2)求|AF|⋅|BF|的取值范围．20.如图所示，直四棱柱ABCD−A1B1C1D1中，底面ABCD为菱形，线段AC与BD交于点O，E为线段CC1的中点．(1)若点F在线段A1C上，且∠FOA1=90°，求证：OF⊥A1B；(2)若3AB=4AA1，∠ABC=120°，求直线EO与平面A1CD所成角的正弦值．+ax，x>1．21.已知函数f(x)=xlnx(1)若f(x)在(1,+∞)上单调递减，求实数a的取值范围；(2)若a=2，求函数f(x)的极小值．22.在直角坐标系xOy中，曲线C1的参数方程为为参数)，以坐标原点为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系(ρ>0,θ∈[0,2π)，点A为曲线C1上的动点，点B在线段OA的延长线上，且满足|OA|⋅|OB|=8，点B的轨迹为C2．(1)求C1，C2的极坐标方程．)，求△ABC面积的最小值．(2)设点C的极坐标为(2,π223.已知函数f(x)=|x|+|x+1|．(Ⅰ)解关于x的不等式f(x)≥2；(Ⅱ)若a，b，c∈R+，函数f(x)的最小值为m，若a+b+c=m，求证：ab+bc+ac≤1．3【答案与解析】1.答案：D解析：本题考查集合的交集与补集运算，属于基础题．根据题意，求解即可．解：全集U={2,3,4,5,6,7}，B={4,6}，所以∁U B={2,3,5,7}，因为集合A={4,5,7}，所以A∩(∁U B)={5,7}；故选D．2.答案：C解析：解：z=2−i1+2i =(2−i)(1−2i)(1+2i)(1−2i)=−5i5=−i，故选：C．直接利用复数代数形式的乘除运算化简得答案．本题考查复数代数形式的乘除运算，是基础题．3.答案：D解析：解：由茎叶图知，甲的平均成绩为13×(78+82+83)=81；乙的平均成绩为13×(80+83+80+m)=81+m3，又∵81<81+m3，∴m>0，又m∈N，∴m的可能取值集合为{1,2，3，4，5，6，7，8，9}．∴乙队平均得分超过甲队平均得分的概率是P=910．故选：D．由茎叶图中的数据，求出甲、乙二人的平均成绩，列不等式求出m的取值集合，再计算所求的概率值．本题考查了茎叶图与平均数的应用问题，也考查了概率的计算问题，是基础题．4.答案：D解析：解：(x+1x)10展开式的通项公式为：T r+1=C10r⋅x10−r⋅(1x)r=C10r⋅x10−2r；令10−2r=4，解得r=3，所以x4项的系数为C103；令10−2r=6，解得r=2，所以x6项的系数为C102；所以(x2−a)(x+1x)10的展开式中x6的系数为：C103−aC102=30，解得a=2．故选：D．根据题意求出(x+1x )10展开式中含x4项、x6项的系数，得出(x2−a)(x+1x)10的展开式中x6的系数，再列出方程求出a的值．本题考查了利用二项展开式的通项公式求二项展开式的特定项问题问题，是基础题目．5.答案：A解析：本题考查了圆锥的体积，设圆锥底面的半径为r，圆锥的高为h，由题意得2πr=6π，解得r=3，进而可得ℎ=√62−32=3√3，从而得出结果．解：设圆锥底面的半径为r，圆锥的高为h，由题意得2πr=6π，解得r=3，∴ℎ=√62−32=3√3，∴V圆锥=13Sℎ=13×π×32×3√3=9√3π．故选A．6.答案：B解析：本题考查等差数列的通项公式和求和公式，以及等比数列的性质，考查方程思想和函数思想，以及运算能力，属于中档题．运用等比数列的性质和等差数列的通项公式，解方程可得d，再由等差数列的求和公式，结合二次函数的最值求法，即可得到所求最大值．解：公差d不为零的等差数列{a n}的首项a1=50，a7、a15、a17成等比数列，可得a152=a7a17，即(50+14d)2=(50+6d)(50+16d)，解得d=−3(d=0舍去)，则前n项和S n=50n+12n(n−1)⋅(−3)=−3n2+103n2=−32(n−1036)2+103224，由于n为整数，17<1036<18，且1036−17<18−1036，则当n=17时，前n项和S n取得最大值，故选：B．7.答案：B解析：本题考查考查命题真假的判断，考查复合命题、全称命题、特称命题、充分条件、必要条件、充要条件等基础知识，考查运算求解能力，是中档题．在A中，若命题都p，￢q是真命题，则命题“p∧q”为假命题；在B中，利用全称命题的否定是特称命题知B是真命题；在C中，否命题为“若xy≠0，则x≠0且y≠0”；在D中，“x=−1”是“x2−5x−6=0”的充分不必要条件．解：在A中，若命题p，￢q都是真命题，则p真q假，则命题“p∧q”为假命题，故A错误；在B中，命题“∀x∈R，2x>0”的否定是“∃x0∈R,2x0≤0，”利用全称命题的否定是特称命题知B是真命题，故B正确；在C中，命题：“若xy=0，则x=0或y=0”的否命题为“若xy≠0，则x≠0且y≠0”，故C 错误；在D中，解x2−5x−6=0，得x=−1或x=6，故“x=−1”是“x2−5x−6=0”的充分不必要条件，故D错误．故选：B．8.答案：A解析：解：双曲线的渐近线方程为ax±by=0，圆M：x2+y2−10x=0可化为(x−5)2+y2=25，圆心M(5,0)，半径为5．∵双曲线的渐近线被圆M：x2+y2−10x=0所截的两条弦长之和为12，∴圆心到直线的距离为√25−9=4，∴√a2+b2=4，∴e=ca=54故选：A．确定双曲线的渐近线方程，圆心M(5,0)，半径为5，求出圆心到直线的距离，建立方程，即可求出双曲线的离心率．本题考查双曲线的离心率，考查直线与圆的位置关系，考查学生的计算能力，比较基础．9.答案：A解析：本题考查任意角的三角函数的定义，是基础题．直接利用任意角的三角函数的定义求得点P的坐标．解：设P(x,y)，由任意角的三角函数的定义得，sinθ=y ，cosθ=x ． ∴点P 的坐标为(cosθ,sinθ)． 故选A ．10.答案：D解析：本题考查双曲线的概念和性质，属于基础题．由条件可得(2−a )+(3−a )=4，求得a ，继而可得结果． 解：因为双曲线x 2a−3+y 22−a =1的焦点在y 轴上，所以{2−a >0a −3<0，解得：a <2．因为焦距为4，所以(2−a )+(3−a )=4，解得：a =12． 所以双曲线方程为：y 232−x 252=1，其渐近线方程为：y =±√155x ．故选D ．11.答案：A解析：本题考查函数零点与方程根的关系，分段函数，考查数形结合的解题思想方法，是基础题． 画出函数f(x)的图象，数形结合求解是本题的关键． 解：函数f(x)={2x,x ≤0log 2x,x >0的图象如图，由方程[f(x)]2−af(x)=0，可得f(x)=0或f(x)=a ， 由图可知，f(x)=0只有一个解x =1，要使方程[f(x)]2−af(x)=0恰有三个不同的实数解，则f(x)=a有两个均不为1的解，结合图象可知a∈(0,1]．故选：A．12.答案：C解析：解：数列{a n}的前n项和S n=n2，则a4=S4−S3=42−32=7．故选：C．直接利用已知条件求解即可．本题考查数列的函数的特征，基本知识的考查．13.答案：−3解析：本题考查函数的导数的几何意义，属于基础题．求函数的导数，利用切线的斜率列出方程求解即可．解：曲线y=(ax+1)e x，可得y′=ae x+(ax+1)e x，曲线y=(ax+1)e x在点(0,1)处的切线的斜率为−2，可得：a+1=−2，解得a=−3．故答案为−3．14.答案：π2解析：解：函数f(x)=sinx+cosx=√2sin(x+π4)，y=cosx−sinx=√2sin(x+3π4)，所以函数至少向左平移π2个单位，即m的最小值为：π2．故答案为：π2，化简两个函数的表达式为正弦函数的形式，按照平移的方法平移，即可得到m的最小值．本题考查两角和的正弦函数以及三角函数图象的平移，考查计算能力．15.答案：2解析：本题考查平面图形的折叠、棱锥的外接球问题，属中档题．依题意折叠后的四面体如图1，将四面体补成如图2所示的长方体，它们具有共同的外接球，即可求半径．解：依题意折叠后的四面体如图1，设正方形边长为a，外接球半径为R，则AG=a，EG=FG=a2，将四面体补成如图2所示的长方体，它们具有共同的外接球．由4πR2=6π得4R2=6.而4R2=AG2+EG2+FG2=32a2，所以6=32a2，解得a=2．故答案为2．16.答案：x24+y23=1解析：本题考查了椭圆的性质及几何意义和圆锥曲线中的综合问题，设P(x1,y1)，Q(x2,y2)，分别求出|F2P|，|F2Q|，结合相切的条件可得|PM|2=|OP|2−|OM|2求出|PQ|，利用△PF2Q的周长为4，可得结论．解：椭圆C:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的离心率为12，则a=2c，b=√3c，设P(x1,y1)，Q(x2,y2)，∴|PF2|2=(x1−c)2+y12=14(x1−4c)2，∴|PF 2|=2c −12x 1， 连接OM ，OP ，由相切条件知：|PM|2=|OP|2−|OM|2=x 12+y 12−3c 2=14x 12，∴|PM|=12x 1，∴|PF 2|+|PM|=2c ， 同理可求|QF 2|+|QM|=2c ， ∴|F 2P|+|F 2Q|+|PQ|=4c ． ∵△PF 2Q 的周长为4， ∴c =1，∴a =2，b =√3， ∴椭圆C 的方程为x 24+y 23=1．故答案为x 24+y 23=1．17.答案：解：(1)在△ACD 中，∠CAD ∈(0,π)，∵cos∠CAD =2√55，∴sin∠CAD =√55，∵CD =√2AD =3√2，∴CDAD =√2，∴sin∠CADsin∠DCA =√2，∴sin∠DCA =√1010， ∴cos∠DCA =3√1010(∵∠DCA <∠CAD)，∴cos∠ADC =−cos(∠ACD +∠CAD)=−√22，∴∠ADC =3π4．(2)由(1)得，∠ADB =π4，在△ABD 中，∴5=BD 2+9−2×3×BD ×√22，∴BD =2√2或√2．解析：(1)结合正弦定理，平方关系，两角和的余弦公式可得； (2)由余弦定理可得．本题考查三角形的解法，正弦定理以及余弦定理的应用，考查计算能力．18.答案：解：(Ⅰ) 由直方图及题意得(10b)2=0.05×0.20.∴b =0.010，(Ⅱ) 成绩不低于80分的人数估计为(Ⅲ) 样本中成绩在[40,50)内的人数为40×0.005×10=2；成绩在[90,100] 内的人数为40×0.010×10=4，X 的所有可能取值为0，1，2， P(X =0)═115；P(X =1)=815；P(X =2)=25；所以X 的分布列为： X 0 1 2 P11581525所以解析：本题考查频率分布直方图的应用，离散型随机变量期望以及分布列的求法，考查计算能力． (Ⅰ)由直方图，直接求解b ，a 即可．(Ⅱ)利用频率转化求解成绩不低于80分的人数．(Ⅲ)样本中成绩在[40,50)内的人数为40×0.005×10=2；成绩在[90,100]内的人数为40×0.010×10=4，X 的所有可能取值为0，1，2，求出概率，得到分布列，然后求解期望即可．19.答案：解：(1)设A(x 1,y 1)，B(x 2,y 2)，则x 1+x 2=6，由抛物线的定义可知|AF|=x 1+1，|BF|=x 2+1， ∴|AF|+|BF|=x 1+x 2+2=8， (2)设直线l 的方程为x =my −1，由{x =my −1y 2=4x ，消y 可得可得y 2−4my +4=0 即y 1+y 2=4m ，y 1y 2=8， 则△=16m 2−16>0，可得m 2>1，由抛物线的定义可知|AF|=x 1+1，|BF|=x 2+1， 则|AF|⋅|BF|=(x 1+1)(x 2+1)=m 2y 1y 2=4m 2>4， 故|AF|⋅|BF|的取值范围为(4,+∞)．解析：(1)设A(x 1,y 1)，B(x 2,y 2)，则x 1+x 2=6，根据抛物线的定义可得|AF|+|BF|=x 1+x 2+2=8， (2)由抛物线的定义可知||AF|⋅|BF|=(x 1+1)(x 2+1)=m 2y 1y 2，再根据韦达定理和判别式即可求出．本题考查了直线和抛物线的位置关系，抛物线的简单性质，考查了运算能力和转化能力，属于中档题20.答案：(1)证明：因为ABCD 为菱形，所以BD ⊥AC ．因为A 1A ⊥平面ABCD ，BD ⊂平面ABCD ，所以A 1A ⊥BD ． 又AC ∩A 1A =A ，AC ⊂平面A 1AC ，A 1A ⊂平面A 1AC ， 所以BD ⊥平面A 1AC ．因为OF ⊂平面A 1AC ，故BD ⊥OF ； 又∠FOA 1=90°，即OF ⊥OA 1，又BD ∩OA 1=O ，BD ⊂平面A 1BD ，OA 1⊂平面A 1BD ， 故OF ⊥平面A 1BD ；而A 1B ⊂平面A 1BD ，故OF ⊥A 1B ；(2)以O 为坐标原点，OC 、OB 所在直线分别为x 、y 轴，过点O作垂直于平面ABCD 的直线为z 轴，建立空间直角坐标系O −xyz ，设AB =4，AA 1=3， 则A 1(−2√3,0,3)，C(2√3,0,0)，D(0,−2,0)，E (2√3,0,32)， 则A 1C ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(4√3,0,−3)，DC ⃗⃗⃗⃗⃗ =(2√3,2,0)，OE ⃗⃗⃗⃗⃗ =(2√3,0,32)， 设平面A 1CD 的法向量为m⃗⃗⃗ =(x,y,z)，则{m ⃗⃗⃗ ⋅A 1C ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =4√3x −3z =0,m⃗⃗⃗ ⋅DC ⃗⃗⃗⃗⃗ =2√3x +2y =0,令x =√3，得m ⃗⃗⃗ =(√3,−3,4)为平面A 1CD 的一个法向量； 记直线EO 与平面A 1CD 所成角为θ，故sin θ=|OE ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅m ⃗⃗⃗ ||OE ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |⋅|m ⃗⃗⃗ |=4√399133．解析：本题考查了线面垂直的判定和利用空间向量求线面的夹角，是中档题。
2020年黑龙江省高考数学模拟试卷(理科)(5月份) (含答案解析)
2020年黑龙江省高考数学模拟试卷(理科)(5月份)一、单项选择题（本大题共12小题，共60.0分）1. 已知集合M ={x|x 2>4}，N ={−3,−2,2，3，4}，则M ∩N =( )A. {3,4}B. {−3,3，4}C. {−2,3，4}D. {−3,−2,2，3，4}2. 已知复数z =−1−2i(1+i)2，则z −=( )A. −34+14iB. −14+34iC. −1+12iD. −1−12i3. 设F 1，F 2为椭圆的两焦点，B 为椭圆短轴的一个端点，若△BF 1F 2为正三角形，则椭圆的离心率为( )A. 12B. √22C. √32D. 24. 某地气象局把当地某月(共30天)每一天的最低气温作了统计，并绘制了如图所示的统计图，假设该月最低气温的中位数为m c ，众数为m 0，平均数为x −，则( )A. m c =m 0=x −B. m c =m 0<x −C. m c <m 0<x −D. m 0<m c <x −5. 设函数f(x)={log 12(3−x ),(x ≤0)f (x −3)+1,(x >0)，则f(20)=( )A. 3B. 4C. 5D. log 1217 6. 函数f(x)=cos(2x +π4)的最小正周期是( )A. π2B. πC. 2πD. 4π7. 在平行四边形ABCD 中，若AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =x AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +y AD⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，则x −y =( ) A. −1 B. 0 C. 1D. 28. 设等比数列{a n }的前n 项和为S n ，若64a 4+a 7=0，则S4S 2=( )A. 17B. 5C. −3D. −59. 已知双曲线C:y 2a 2−x 2b 2=1(a >0,b >0)的离心率为√5，则双曲线的渐近线方程为( )A. y =±2xB. y =±12xC. y =±√5xD. y =±23x10. 函数f(x)={2−x −1,(x ≤0)f(x −1),(x >0)，若方程f(x)=x +a 恰有两个不等的实根，则a 的取值范围为( )A. (−∞,0)B. [0,1)C. (−∞,1)D. [0,+∞)11. 某几何体的三视图如图所示，则其表面积为( )A. 16+2√2πB. 24+2πC. 5+2√2πD. 4+2(1+√2)π12. 已知定义在R 上的函数f(x)满足其导函数f′(x)<0在R 上恒成立，则不等式f(|x|)<f(1)的解集为( )A. (−1,1)B. (0,1)C. (1,+∞)D. (−∞,−1)∪(1,+∞)二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13. 二项式(2x 2−√x )5的展开式中的第______项为常数项． 14. 若实数x,y 满足约束条件{x +2y ≥0x −y ≤0x −2y +2≥0，则z =3x −y 的最小值等于______． 15. 在正四棱柱ABCD −A 1B 1C 1D 1中，若AA 1=2AB ，则异面直线BD 1与CC 1所成角的正切值为__________．16. 等差数列{a n }中，a 1>0，S n 是前n 项和且S 9=S 18，则当n =__________时，S n 最大． 三、解答题（本大题共7小题，共84.0分）17. 已知a ，b ，c 分别为△ABC 内角A ，B ，C 的对边，2(a 2−b 2)=2accosB +bc ．(1)求A ；(2)若D 是BC 边上一点，且BD =3DC ，∠DAB =π2，求tan C ．18.假定某人在规定区域投篮命中的概率为2，现他在某个投篮游戏中，共投篮3次．3(1)求连续命中2次的概率；(2)设命中的次数为X，求X的分布列和数学期望E(X)．19.在四棱锥P−ABCD中，底面ABCD为菱形，且∠ABC=120°，PB=PD，PA⊥PC，AB=2√3，PC=2√6．(I)证明：平面PAC丄平面ABCD;(II)求二面角B−AP−D的正切值．20.已知抛物线x2=2py(p>0)过点(2,1).(Ⅰ)求抛物线的方程和焦点坐标；(Ⅱ)过点A(0,−4)的直线l与抛物线交于两点M,N，点M关于y轴的对称点为T，试判断直线TN 是否过定点，并加以证明．21.已知函数f(x)=1+lnx−ax2．(1)讨论函数f(x)的单调区间；⋅e x+x−ax3．(2)证明：xf(x)<2e222.在平面直角坐标系中，以坐标原点为极点，x轴的正半轴为极轴，建立极坐标系．若曲线C的极坐标方程为ρ=2sinθ，求曲线C的直角坐标方程．23.已知函数f(x)=|x−1|+|x−2|．(1)解不等式：f(x)≤x+3；(2)若不等式|m|·f(x)≥|m+2|−|3m−2|对任意m∈R恒成立，求x的取值范围．【答案与解析】1.答案：B解析：解：集合M ={x|x 2>4}={x|(x +2)(x −2)>0}=(−∞,−2)∪(2,+∞)， ∵N =N ={−3,−2,2，3，4}， ∴M ∩N ={−3,3，4}， 故选：B ．求出M 中不等式的解集，确定出M ，求出M 与N 的交集即可． 此题考查了交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键．2.答案：D解析：本题考查了复数的运算法则、共轭复数的定义，属于基础题． 利用复数的运算法则、共轭复数的定义即可得出． 解：复数z =−1−2i(1+i)2=−1−2i 2i=(1+2i)⋅i −2i⋅i =−2+i 2=−1+12i ，则z −=−1−12i. 故选：D ．3.答案：A解析：解：由题意，设椭圆的半焦距长为c ，则 ∵△BF 1F 2为正三角形， ∴b =√3c ∴a 2−c 2=3c 2 ∴a =2c ∴e =ca =12 故选：A ．利用△BF 1F 2为正三角形，确定几何量之间的关系，进而可求椭圆的离心率． 本题考查椭圆的几何性质，考查学生的计算能力，属于基础题．4.答案：D解析：本题考查中位数，众数，平均数的求法，考查条形统计图，属于简单题．由统计图分别求出该月每一天的最低气温的中位数，众数，平均数，由此能求出结果． 解：由统计图得：最低气温在3−5之间的频数为15，最低气温在6−10之间的频数也为15， 故该月最低气温的中位数为m c =5+62=5.5，众数为m 0=5，平均数为x −=130×(2×3+3×4+10×5+6×6+3×7+2×8+2×9+2×10)≈5.97． ∴m 0<m c <x −． 故选：D ．5.答案：C解析：本题考查分段函数，对数函数，属于基础题．根据函数的解析式将f(20)逐步转化为f(−1)+7后，代入解析式由对数的运算性质求值． 解：由题可得：f(20)=f(17)+1=f(14)+2=f(11)+3=···=f(2)+6=f(−1)+7=log 124+7=5，故选C ．6.答案：B解析：解：根据复合三角函数的周期公式T =2π|ω|得， 函数f(x)=cos(2x +π4)的最小正周期是π， 故选：B ．由题意得ω=2，再代入复合三角函数的周期公式T =2π|ω|求解．本题考查了三角函数的周期性，以及复合三角函数的周期公式T =2π|ω|应用，属于基础题．7.答案：D解析：解：在平行四边形ABCD 中， AC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ， 故AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ −AD⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ， 由AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =x AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +y AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ 得：x =1，y =−1， 故x −y =2， 故选：D ．根据向量加法的平行四边形法则可得AC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，结合AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =x AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +y AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，求出x ，y ，可得答案． 本题考查的知识点是平面向量的基本定理，难度中档．8.答案：A解析：本题考查了等比数列的通项公式以及等比数列的求和公式，属于基础题．根据题意，结合等比数列的通项公式可求出公比q ，利用等比数列的求和公式，可得S4S 2=1+q 2，由此可求出答案．解：设等比数列{a n }的公比为q ， 因为64a 4+a 7=0， 所以64×a 1q 3+a 1q 6=0， 所以q =−4， 所以S 4S 2=a 1(1−q 4)1−q a 1(1−q 2)1−q=1+q 2=17．故选A ．9.答案：B解析：此题考查双曲线的简单性质的应用，考查计算能力.由题意得ca =√5，可得b 2a 2=4，由此可得答案；解：由双曲线y 2a2−x 2b2=1(a >0,b >0)的离心率为√5，可得ca =√5， 即a 2+b 2a 2=5，可得b 2a 2=4，则该双曲线的渐近线方程为：y =±ab x =±12x ． 故选B ．10.答案：C解析：解：由函数f(x)={2−x −1,(x ≤0)f(x −1),(x >0)，可得f(x)的图象和函数y =x +a 有两个不同的交点， 如图所示：故有a <1， 故选C ．由题意可得f(x)的图象和函数y =x +a 有两个不同的交点，结合图象，求出a 的取值范围． 本题考查根的存在性及根的个数判断，以及函数与方程的思想、数形结合的数学思想，解答关键是运用数形结合的思想，属于中档题．11.答案：B解析：解：由已知的三视图可得：该几何体是一个正方体内挖去一个圆柱得到的组合体，正方体的棱长为2，故表面积为：6×2×2=24，圆柱的底面直径为2，故底面半径为1，底面面积为：π，底面周长为：2π，侧面面积为：4π，故组合体的表面积S=24−2×π+4π=24+2π，故选：B由已知的三视图可得：该几何体是一个正方体内挖去一个圆柱得到的组合体，求出正方体的表面积，圆柱的侧面积和底面积，进而可得答案．本题考查的知识点是由三视图求体积和表面积，解决本题的关键是得到该几何体的形状．12.答案：D解析：解：定义在R上的函数f(x)满足其导函数f′(x)<0在R上恒成立，可知函数f(x)是减函数，函数y=f(|x|)是偶函数，当x>0时，可得x>1，当x<0时，可得x<−1，则不等式f(|x|)<f(1)的解集为：(−∞,−1)∪(1,+∞)．故选：D．利用函数的导数判断函数的单调性，结合不等式转化求解即可．本题考查函数的导数判断函数的单调性，不等式的解法，考查计算能力．13.答案：5解析：本题主要考查二项式定理的应用，二项式系数的性质，二项式展开式的通项公式，属于基础题．先求出二项式展开式的通项公式，再令x的幂指数等于0，求得r的值，即可求得展开式中的常数项．解：二项式(2x2−1√x )5的展开式的通项公式为Tr+1=C5r⋅(−1)r⋅25−r⋅x10−5r2，令10−5r2=0，求得r=4，故展开式中的第5项为常数项，故答案为5．14.答案：−72解析：作出不等式组对应的平面区域，通过目标函数的几何意义，利用数形结合即可的得到结论．本题主要考查线性规划的应用，利用z 的几何意义，通过数形结合是解决本题的关键． 解：依题意，可行域为如图所示的阴影部分的三角形区域，目标函数化为：y =3x −z ，则z 的最小值即为动直线在y 轴上的截距的最大值．通过平移可知在A 点处动直线在y 轴上的截距最大．因为A ：{x +2y =0x −2y +2=0解得A(−1,12)， 所以z =3x −y 的最小值z min =3⋅(−1)−12=−72．故答案为：−72．15.答案：√22解析：本题主要考查了异面直线所成的角，属于基础题．由CC 1//BB 1，知∠B 1BD 1是异面直线BD 1与CC 1所成角(或其补角)，由此能求出异面直线BD 1与CC 1所成角的正切值．解：∵在正四棱柱ABCD −A 1B 1C 1D 1中，CC 1//BB 1，∴∠B 1BD 1是异面直线BD 1与CC 1所成角(或其补角)，设AA 1=2AB =2，则B 1D 1=√2，BB 1=2，∴tan∠B 1BD 1=B 1D 1BB 1=√22． ∴异面直线BD 1与CC 1所成角的正切值为√22． 故答案为√22． 16.答案：13或14解析：由S 9=S 18，可知9a 1+9×82d =18a 1+18×172d ，整理得a 1=−13d.所以S n =d 2n 2+(a 1+d 2)n =d 2(n −272)−7298d.又因为a 1>0，所以d <0，且n ∈N ∗，故当n =13或14时，S n 最大．17.答案：解：(1)因为2accosB =a 2+c 2−b 2，所以2(a 2−b 2)=a 2+c 2−b 2+bc ． 整理得a 2=b 2+c 2+bc ，所以cosA =−12，即A =2π3． (2)因为∠DAB =π2，所以AD =BD ⋅sinB ，∠DAC =π6．在△ACD 中，有AD sinC =CD sin∠DAC ，又因为BD =3CD ，所以3sinB =2sinC ，由B =π3−C 得3√32cosC −32sinC =2sinC ， 整理得tanC =3√37．解析：本题主要考查了余弦定理，正弦定理，同角三角函数关系式，三角函数恒等变换的应用，综合性较强，属于基本知识的考查．(1)由余弦定理可得2accosB =a 2+c 2−b 2，代入已知等式整理得cosA =−12，即可求得A ．(2)由已知可求∠DAC =π6，由正弦定理有AD sinC =CD sin∠DAC ，又BD =3CD ，可得3sinB =2sinC ，由B =π3−C 化简即可得解．18.答案：解：(1)设A i (i =1,2,3)表示第i 次投篮命中，A i 表示第i 次投篮不中，设投篮连续命中2次为事件A ，则连续命中2次的概率：P(A)=P(A 1A 2A 3+A 1A 2A 3)=23×23×13+13×23×23=827(2)命中的次数X 可取0，1，2，3，P(X =0)=(1−23)3=127， P(X =1)=C 31(23)(1−23)2=29，P(X =2)=C 32(23)2(1−23)=49， P(X =3)=(23)3=827，∴X 的分布列为：E(X)=0×127+1×29+2×49+3×827=2．解析：本题考查离散型随机变量的概率期望及方差．(1)根据相互独立事件同时发生的概率公式求连续命中2次的概率；(2)设命中的次数为X，X可取0，1，2，3，分别求出相应概率再求求X的分布列和数学期望E(X)．19.答案：(I)证明：如图连接AC.BD.焦点为O，由四边形ABCD为菱形知，．又PB=PD，OB=OD，所以．而OP∩AC=O，所以．又，所以平面．(II)由四边形ABCD为菱形，，AB=2√3，得AC=6由平面，过点P作，垂足为E，则．又，PC=2√6，AB=2√3则PA=2√3，PE=2√2，AE=2．如图所示，以O 为坐标原点，OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，OC ⃗⃗⃗⃗⃗ 为x ，y 轴的正方向建立空间直角坐标系O −xyz ，则O(0,0，0)，A(0,−3,0)，B(√3,0,0)，C(0,3，0)，D(−√3,0,0)，P(0,−1,2√2)设平面ABP 法向量为n 1=(x,y,z)，AB⃗⃗⃗⃗⃗ =(√3,3,0)，AP ⃗⃗⃗⃗⃗ =(0,2,2√2)， 则{n 1⋅AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =0n 2⋅AP ⃗⃗⃗⃗⃗ =0, 所以{√3x +3y =02y +2√2z =0, 令z = 1，则x =√6，y =−√2，所以n 1=(√6,−√2,1)，同理可求，平面ADP 的法向量n 2=(√6,√2,−1)，因此，， 求得， 所以二面角B −AP −D 的正切值为2√2．解析：本题考查面面垂直的判定定理，空间向量法求二面角，属于基础题目．(1)由四边形ABCD 为菱形得到AC ⊥BD ，再由PB = PD ，OB = OD ，得到即可由线面垂直的判定定理得到； (2)以O 为坐标原点，OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，OC ⃗⃗⃗⃗⃗ 为x ，y 轴的正方向建立空间直角坐标系O −xyz ，利用向量垂直求出平面法向量，由向量的夹角公式求得二面角．20.答案：解：(Ⅰ)因为抛物线x 2=2py(p >0)过点P(2,1)，所以2p =4所以抛物线方程为x 2=4y ，焦点坐标为(0,1)(Ⅱ)由题意可知直线斜率存在且不等于0，设直线l 的方程为y =kx −4，由{y =kx −4x 2=4y，消y 整理得x 2−4kx +16=0， 则△=16k 2−64>0，即|k|>2设M(x 1,y 1)，N(x 2,y 2)则T(−x 1,y 1)且x 1+x 2=4k ，x 1x 2=16．直线TN ：y −y 2=y 2−y1x 2+x 1(x −x 2)， ∴y =y 2−y 1x 2+x 1(x −x 2)+y 2， ∴y =x 22−x 124(x 1+x 2)(x −x 2)+14x 22， ∴y =x 2−x 14x −x 22−x 1x 24+14x 22， ∴y =x 2−x 14x +x 1x 24， 即y =x 2−x 14x +4所以，直线TN 恒过定点(0,4)．解析：本题考查抛物线方程的应用，直线与抛物线的位置关系的应用，考查计算能力． (Ⅰ)因为抛物线x 2=2py(p >0)过点P(2,1)，求出p ，得到抛物线方程然后求解焦点坐标．(Ⅱ)设直线l 的方程为y =kx −4，由{y =kx −4x 2=4y，消y 整理得x 2−4kx +16=0，设M(x 1,y 1)，N(x 2,y 2)则T(−x 1,y 1)利用韦达定理转化求解直线方程，推出恒过的定点即可．21.答案：解：(1)f(x)的定义域是(0,+∞)，f′(x)=1−2ax 2x ，故a ≤0时，f′(x)>0，f(x)在(0,+∞)递增，当a >0时，令f′(x)=0，解得：x =√2a 2a， 故f(x)在(0,√2a 2a)递增，在(√2a 2a ,+∞)递减； (2)证明：要证xf(x)<2e 2⋅e x +x −ax 3，即证xlnx <2e 2⋅e x ，也即证lnx x <2e xe 2x 2， 令g(x)=2e 2⋅e x x 2(x >0)，则g′(x)=2e2⋅e x(x−2)x3，故g(x)在(0,2)递减，在(2,+∞)递增，故g(x)最小值=g(2)=12，令k(x)=lnxx ，则k′(x)=1−lnxx2，故k(x)在(0,e)递增，在(e,+∞)递减，故k(x)最大值=k(e)=1e，∵1e <12，故k(x)<ℎ(x)，即lnx<2e x−2x，故xf(x)<2e2⋅e x+x−ax3．解析：本题考查了函数的单调性，最值问题，考查导数的应用以及不等式的证明，分类讨论思想，转化思想，是一道综合题．(1)求出函数的导数，通过讨论a的范围，求出函数的单调区间即可；(2)问题转化为证lnxx <2e xe2x2，令g(x)=2e2⋅e xx2(x>0)，令k(x)=lnxx，根据函数的单调性求出函数的最值，从而证明结论．22.答案：解：将曲线C的极坐标方程ρ=2sinθ，两边同乘以一个ρ，得ρ2=2ρsinθ，即x2+y2=2y，故曲线C的直角坐标方程为x2+y2−2y=0．解析：本题考查极坐标与直角坐标的转化，将曲线C的极坐标方程ρ=2sinθ，两边同乘以一个ρ，得ρ2=2ρsinθ，利用极坐标与直角坐标的互化，求解即可．23.答案：解：(1)∵f(x)≤x +3，∴|x −1|+|x −2|≤x +3，①当x ≥2时，， ②当1<x <2时，， ③当x ≤1时，， 由①②③可得x ∈[0,6]；(2)①当m =0时，0≥0，∴x ∈R ；②当m ≠0时，即f(x)≥|2m +1|−|2m −3|对m 恒成立，|2m +1|−|2m −3|≤|(2m +1)−(2m −3)|=4， 当且仅当2m ≥3，即0<m ≤23时取等号，∴f(x)=|x −1|+|x −2|≥4，由x ≥2，2x −3≥4，解得x ≥72；1<x <2，x −1+2−x ≥4，解得x ∈⌀；x ≤1时，3−2x ≥4，解得x ≤−12；综上可得x ∈(−∞,−12]∪[72,+∞)．解析：(1)分别讨论x ≥2，1<x <2，x ≤1时，去掉绝对值，解不等式求并集可得；(2)讨论m =0，m ≠0，由绝对值不等式的性质可得f(x)≥4，再讨论x ≥2，1<x <2，x ≤1时，解不等式求并集可得范围．本题考查绝对值不等式的解法和绝对值不等式的性质，考查分类讨论思想方法和转化思想、运算能力，属于中档题．。
2020年黑龙江省高考数学(理科)模拟试卷(4)(20201108223709)
C．（ 0， 1）
D．?
【解答】 解：∵集合 A＝ { x|（x﹣ 1）（ x+1）＜ 0} ＝（﹣ 1， 1} ， B＝ { y|y＝ 2x， x∈R} ＝ { y|y＞ 0} ＝（ 0，+∞），
∴ A∩ B＝（ 0， 1）．
故选： C．
2．（ 5 分）已知复数 z 满足 ??(1- ??)= |1 + √3??，| 则复数 z 的共轭复数为（
则充分性不成立．
故选： C．
4．（ 5 分）函数
y=
???????? ????20?1?9 |2 ??-2 -??|
在区间
[ ﹣ 3，
0）∪（
0， 3]上的图象为（
）
第 6页（共 19页）
A．
B．
C．
D．
【解答】 解：??(-??) =
??????(-??) ???2?0?1?9 |2 -??-2 ?|?
男
110
女
50
总计
（ 1）根据已知条件完成下面 2×2 列联表， 并据此判断是否有 99% 的把握认为是否为 “文 科方向”与性别有关？
（ 2）将频率视为概率，现在从该校高一学生中用随机抽样的方法每次抽取
1 人，共抽取
第 4页（共 19页）
3 次，记被抽取的 3 人中“文科方向”的人数为 ξ，若每次抽取的结果是相互独立的，求
=
-
???????? ????20?1?9 |2 ??-2 -??|
=
-??(??)，故函数为奇函数，
由此排除 AD，
又 ??(3) =
??????3 ???2?0?1?9 |8- 18| =
????2??0??1??9?68?33＞0 ，排除
2020年黑龙江省高考数学(理科)模拟试卷(4)
积相等．现有同高的圆锥和棱锥满足祖咂原理的条件，若棱锥的体积为
展开图是半圆，则圆锥的母线长为（
）
3π，圆锥的侧面
√3 A．
3
B．1
C． √3
D． 2√3
【解答】 解：现有同高的圆锥和棱锥满足祖咂原理的条件，棱锥的体积为
3π，
∴圆锥的体积为 3π，
∵圆锥的侧面展开图是半圆，
设圆锥的侧面展开图这个半圆的半径是 R， 即圆锥的母线长是 R，半圆的弧长是 πR，
?2?020 +3??，则 1+??
z 的虚部是（
）
A ．i
B ．2i
C．﹣ 1
【解答】
解： ??=
?2?012+0 ?+?3??=
11++3????=
(1+3??)(1-??) (1+??)(1-??)
=
2+
?，?
∴ z 的虚部是 1．
D．1
故选： D ．
3．（ 5 分）若 x5＝ a0+a1（x﹣ 2） +a2（x﹣ 2） 2+…+a5（ x﹣ 2） 5，则 a0＝（
速 v（单位： m/s）可以表示为
??=
1 2
?? ???3??1?00
，其中
Q 表示鱼的耗氧量的单位数．当一条
3
鲑鱼的游速为 m/s 时，则它的耗氧量的单位数为（
）
2
A ．900
B ．1600
C． 2700
D． 8100
6．（5 分）已知 { an} 是等差数列， 若 a1+1，a3+3，a5+5 成等比数列， 且公比为 q，则 q＝（ ）
2020年高考第一次模考理科数学试题及答案
第 1 页 共 15 页2020年高考第一次模考理科数学试题一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分. 在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1．已知i 是虚数单位，则复数4334i z i+=-的共轭复数的虚部是( ) A.i - B.i C.1- D.12.设集合{}1log 2<=x x M ，{}022>-+=x x x N ，则 M C R N =（ ）A ．)2,2(-B ．)2,2[-C ．]1,0(D ．)1,0(3. 已知向量4,8,a b a ==与b 的夹角为60︒，则2a b +=()A.B.C.D. 4.设随机变量ξ服从),6(p B ，当方差ξD 最大时,)3(=ξP 的值是( )A. 83B. 163C. 85D. 165 5.已知132a -=，21211log ,log 33b c ==，则（ ） A ．a b c >> B ．a c b >> C ．c a b >> D ．c b a >>6.在*∈-N n x n ()2()的展开式中，第3项与第4项的二项式系数相等，则2x 的系数等于（ ） A ．672 B 672- C ．80 D ．80-7.函数x x x y sin ln 1ln 1⋅+-=的部分图象大致为（ ）8．若31)6cos(=+πα，则=+)652sin(πα（ ） A ．98 B ．97 C ．97- D ．98- 9. 已知F 是双曲线)0,0(1:2222>>=-b a by a x C 的右焦点，过点F 向C 的一条渐近线引垂线，垂足为A ，交另一条渐近线于点B , 若AF FB 2=，则C 的离心率是( ) AB CD第 2 页 共 15 页 A.2 B.314 C.332 D.2 10. 一个几何体的三视图如右图所示，已知这个几何体的外接球的表面积为π64，则h =（ ） A.23 B.3 C.33 D.35 11.一个密闭且透明的正方体容器中装有部分液体，已知该正方体的棱长为1，如果任意转动该正方体，液面的形状都不可能是三角形，那么液体体积的取值范围为( ) A.]65,61[ B.)65,61( C. ]32,61[ D. )32,61(12.已知函数⎩⎨⎧≤++>=,0,22,0,log )(22x x x x x x f 函数m x f x g -=)()(有四个不同的零点4321,,,x x x x ，且满足：4321x x x x <<<，则223223134x x x x x x +-的取值范围是( ) A.]16257,417( B.),2(+∞ C.]16257,2[ D ．),2[+∞ 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.13.若实数x y ，满足约束条件⎪⎩⎪⎨⎧≤--≥-+≥+-0520402y x y x y x ,则11y z x -=+的最大值为 ▲ ． 14.已知α为第二象限角，若33cos sin =+αα，则α2cos = ▲ ． 15. 已知点P Q ,分别是圆1)1()2(:22=-++y x C 及直线043:=-y x l 上的动点,O 是坐标原点,则+的最小值为 ▲ .16.下列命题正确的是 ▲ (写出所有正确命题的编号)①命题“若0=+b a ，则5=a 且5-=b ”的否定是“若0≠+b a ，则55-≠≠b a 且”②已知函数)1(-x f 的图象关于直线2=x 对称，函数)(x f 为奇函数，则4是)(x f 一个周期. ③平面βα⊥，l =βα ,过α内一点A 作l 的垂线m ，则β⊥m .④在ABC ∆中,角C B A ,,所对的边分别为c b a ,,,若A B A sin 2tan)cos 2(=-,则c b a ,,成等差数列. 正视图侧视图 6俯视图。
2020年黑龙江高三一模数学试卷(理科)
2020年黑龙江高三一模数学试卷（理科）一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分）1.已知全集，集合，，则（ ）．A. B. C. D.2.已知复数，则的虚部为（ ）．A. B. C. D.3.年某校迎国庆周年歌咏比赛中，甲乙两个合唱队每场比赛得分的茎叶图如图所示（以十位数字为茎，个位数字为叶）．若甲队得分的中位数是，乙队得分的平均数是，则（ ）．甲乙A. B. C. D.4.的展开式中的系数为（ ）．A. B. C. D.5.《算数书》竹简于上世纪八十年代在湖北省江陵县张家山出土，这是我国现存最早的有系统的数学典籍．其中记载有求“囷盖”的术："置如其周，令相承也．又以高乘之，三十六成一”该术相当于给出了由圆锥的底面周长．与高，计算其体积的近似公式．它实际上是将圆锥体积公式中的圆周率近似取为那么近似公式相当于将圆锥体积公式中的圆周率近似取为（ ）．A.B.C.D.6.已知公差不为的等差数列的前项的和为，，且，，成等比数列，则（ ）．A.B.C.D.7.下列说法正确的是（ ）．A.命题“，”的否定形式是“，”B.若平面，，，满足，则C.随机变量服从正态分布，若，则D.设是实数，“”是“” 的充分不必要条件8.已知双曲线的右焦点与圆的圆心重合，且圆被双曲线的一条渐近线截得的弦长为，则双曲线的离心率为（ ）．A.B.C.D.：：9.已知是圆心为坐标原点，半径为的圆上的任意一点，将射线绕点逆时针旋转到交圆于点，则的最大值为（ ）．A.B. C.D.10.从集合中随机选取一个数记为，从集合中随机选取一个数记为，则在方程 表示双曲线的条件下，方程表示焦点在轴上的双曲线的概率为（ ）．A.B.C.D.11.已知函数，若关于的方程有六个不相等的实数根，则实数的取值范围为（ ）．A.B.C.D.，，12.已知定义在上的函数满足，且当时，．设在上的最大值，且数列的前项的和为．若对于任意正整数不等式恒成立，则实数的取值范围为（ ）．A.B.C.D.二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13.若曲线（其中常数）在点处的切线的斜率为，则．14.若函数的图象向左平移个单位得到函数的图象．则在区间上的最小值为 ．15.如图所示，在边长为的正方形纸片中，与相交于．剪去，将剩余部分沿、折叠，使、重合，则以、、、为顶点的四面体的外接球的体积为 ．16.已知椭圆的左、右焦点分别为，，如图是过且垂直于长轴的弦，则的内切圆方程是 ．xyO三、解答题（本大题共5小题，每小题12分，共60分）（1）（2）17.在中，为边上一点，，．求．若，，求．（1）（2）18.某大型单位举行了一次全体员工都参加的考试，从中随机抽取了人的分数．以下茎叶图记录了他们的考试分数（以十位数字为茎，个位数字为叶）：分数若分数不低于分，则称该员工的成绩为“优秀”．从这人中任取人，求恰有人成绩“优秀”的概率．根据这人的分数补全下方的频率分布表和频率分布直方图，并根据频率分布直方图解决下面的问题．1 2分数频率组距组别分组频数频率估计所有员工的平均分数（同一组中的数据用该组区间的中点值作代表）．若从所有员工中任选人，记表示抽到的员工成绩为”优秀”的人数，求的分布列和数学期望．频率组距（1）（2）19.已知抛物线的焦点为，过上一点作两条倾斜角互补的直线分别与交于，两点．证明：直线的斜率是．若，，成等比数列，求直线的方程．（1）（2）20.如图，在直角中，，通过以直线为轴顺时针旋转得到（）．点为斜边上一点．点为线段上一点，且．证明：平面．当直线与平面所成的角取最大值时，求二面角的正弦值．【答案】解析:∵，，∴，又∵，∴，故选项正确．解析:∵．（1）（2）21.已知函数，是的导数．当时，令，为的导数．证明：在区间存在唯一的极小值点．已知函数，在上单调递减，求的取值范围．四、选做题（本大题共2小题，选做1题，共10分）（1）（2）22.在直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数），点在曲线上，点满足．以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，求动点的轨迹的极坐标方程．点，分别是曲线上第一象限，第二象限上两点，且满足，求的值．（1）（2）23.已知关于的不等式有解．求实数的最大值．若，，均为正实数，且满足．证明：．B1.A2.∴的虚部为，故选项正确．解析:∵甲队得分的中位数是，乙队得分的平均数为，则由茎叶图性质知：甲队：、、、、、、，若要使甲队中位数为，则只能令，即，乙队：、、、、、、，则，∴解出：，∴，，∴．故选．解析:展开式中的取法有两种．①中取，中取个，个，即，②中取，中取个，个，即，综上所述：的系数为．故选：．解析:设圆锥的底面半径为，则圆锥的底面周长为．所以，所以，所以，D 3.C 4.C 5.所以，所以圆周率近似取为．故选．解析:∵为等差数列，，且，，成等比数列，∴，（舍去），∴，．故选项正确．解析:∵双曲线的右焦点与圆的圆心重合，又∵圆心，∴焦点，∴．双曲线的渐近线方程为，由圆的对称性，不妨取渐近线为，即．∴圆心到直线的距离为：，又∵圆的半径，∴由勾股定理：，即，∴，∴，B 6.D 7.A 8.：：∵，，∴，，∴．故答案为．解析:由题意，设，则，则，因为，所以，故的最大值为．故选．解析:设事件：方程为双曲线，即，或，，．事件：方程为焦点在轴上的双曲线，即，，∵、选取总个数为：，∴，，条件概率：，∴故答案为：．解析:C 9.A 10.B 11.的图象如下图：令，则关于的方程，有六个不相等的实数根，可转化为有两个不相等的实数根，．如图可知：，，令，则有，∴，∴，∴实数的取值范围为．故选．解析:∵，∴，当时，，∴的图象如下图所示，x123456y –11234O ∴由题意可知，，，，∴是以为首项, 为公式的等比数列、，，或C 12.又，∴，令，则，，∴当时，，∴，当时，，∴，∴在时，单调递增，时单调递减，∴的最大值为，∴，∴实数的取值范围为，故选：．13.解析:∵，∴，又∵，∴，．14.解析:∵，∴，则，∵，∴，，∴在区间上的最小值为．15.解析:折叠后的四面体，如图所示，其中，，都是腰长为，以为顶点的等腰直角三角形，是边长为的等边三角形．将四面体放入棱长为的正方体中，如下图所示：则正方体的外接球即该四面体的外接球，所以，故该四面体的外接球的体积．16.解析:由题意可得，∴，∴，，将代入椭圆方程可得，解得，∴，，，记内切圆圆心为，半径为，（1）（2）∴，∴，∴，∴圆的方程为．解析:，∵，∴，∴．∵，∴设，，在中，由正弦定理得，，∴，∴，∵，∴∴．（1）．（2）．17.（1）．1（2）．18.（1）12（2）解析:设从人中任取人恰有人成绩“优秀”为事件，，恰有人“优秀”的概率为．，估计所有员工的平均分数为．分数频率组距组别分组频数频率的可能取值为，，，，随机选取人是“优秀”的概率为 ，∴，∴的分布列为：2的分布列为：数学期望．频率组距（1）（2）∵ ．∴数学期望．解析:在抛物线上，∴，，设，，由题可知，，∴，∴，∴，∴，∴．由问可设：，，，，∵，∴，即：∴，将直线与抛物线联立，可得：，，代入式，可得，∴．（1）证明见解析．（2）．19.（1）证明见解析．（2）．20.（1）（2）解析:在中，由余弦定理得，，∴，∴，由题意可知：∴，，，∴平面，平面，∴，，∴平面．以为坐标原点，以，，的方向为，，轴的方向，建立空间直角坐标系，∵平面，∴在平面上的射影是，∴与平面所成的角是，∴最大时，即，点为中点，，，，，计算可得：平面的法向量，平面的法向量，∴，二面角的正弦值为．（1）证明见解析．21.（1）（2）（1）解析:，设，，当时，单调递增，而，，且在上图象连续不断，所以在上有唯一零点，当时，；当时，；∴在单调递减，在单调递增，故在区间上存在唯一的极小值点；即在区间上存在唯一的极小值点．设，，，∴在单调递增，，即从而，因为函数在上单调递减，∴在上恒成立，令，∵，∴，在上单调递减，，当时，，则在上单调递减，，符合题意；当时，在上单调递减，所以一定存在，当时，，在上单调递增，与题意不符，舍去．综上，的取值范围是．解析:（2）．（1）．（2）．22.（2）（1）（2），∵，∴，∴，由题可知：，．，设，，，∴．解析:∴当时，的最大值为．关于的不等式有解等价于，()当时，上述不等式转化为，解得；()当时，上述不等式转化为，解得．综上所述，实数的取值范围为，则实数的最大值为，即．根据（）求解知，所以，又∵，，，，（1）．（2）证明见解析．23.．即，∴，那么，．。
黑龙江鸡西市(新版)2024高考数学统编版考试(自测卷)完整试卷
黑龙江鸡西市（新版）2024高考数学统编版考试(自测卷)完整试卷一、单选题：本题共8小题，每小题5分，共40分 (共8题)第(1)题如图，在正方体中，P为棱AD上的动点．给出以下四个命题：①；②异面直线与所成角的取值范围为；③有且仅有一个点P，使得平面；④三棱锥的体积是定值．其中真命题的个数为（）A．1B．2C．3D．4第(2)题假设有一组数据为6，8，3，6，4，6，5，这些数据的众数与中位数分别是（）A．5，6B．6，4C．6，5D．6，6第(3)题在黑板上从左到右写2，0，2，3四个数，对两个相邻的数，每次用右边的数减左边的数的差填在这两数中间，从3开始到最左边的2为止，称为填一次.比如填第一次：2，-2，0，2，2，1，3，其中划线部分是填的右边的数减左边的数的差.则这样填2023次之后，黑板上所有数的和是（）A．2023B．2025C．2028D．2030第(4)题若数列为等比数列，则“”是“”的（）A．充要条件B．既不充分也不必要条件C．充分不必要条件D．必要不充分条件第(5)题碳14是碳元素的一种同位素，具有放射性．活体生物其体内的碳14含量大致不变，当生物死亡后，其组织内的碳14开始衰变并逐渐消失．已知碳14的半衰期为年，即生物死亡年后，碳14所剩质量，其中为活体组织中碳14的质量．科学家一般利用碳14这一特性测定生物死亡年代，2023年科学家发现某生物遗体中碳14含量约为原始质量的倍，依据计算结果可推断该生物死亡的时间约为公元前（参考数据：）A．年B．年C．年D．年第(6)题我国古代著名数学家祖冲之早在1500多年前就算出圆周率的近似值在和之间，这是我国古代数学的一大成就.我们知道用均匀投点的模拟方法，也可以获得问题的近似解.如图，一个圆内切于一个正方形，现利用模拟方法向正方形内均匀投点，若投点落在圆内的概率为，则估计圆周率的值为（）A．B．C．D．第(7)题若复数满足，则复数的虚部是（）A．B．C．D．第(8)题若点是曲线上任意一点，则点到直线的最小距离为（）A．1B．C．D．二、多选题：本题共3小题，每小题6分，共18分 (共3题)第(1)题已知椭圆与直线没有公共点，且椭圆C上至少有一个点到直线l的距离为，则a，b可能的取值情况为（）A．B．C．D．第(2)题某高中为增强学生的海洋国防意识，组织本校1000名学生参加了“逐梦深蓝，山河荣耀”的国防知识竞赛，从中随机抽取200名学生的竞赛成绩（单位：分），成绩的频率分布直方图如图所示，则下列说法正确的是（）A．频率分布直方图中的值为0.005B．估计这200名学生竞赛成绩的第60百分位数为80C．估计这200名学生竞赛成绩的众数为78D．估计总体中成绩落在内的学生人数为150第(3)题已知函数，其中，对于任意，有，则（）A．B ．函数的图象关于点对称C ．函数在上单调递增D．函数在上共有6个极值点三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分 (共3题)第(1)题若等比数列的公比满足且则________.第(2)题已知向量，，满足，，且，则____．第(3)题某班共有50名学生，在期末考试中，小明因病未参加数学考试．参加考试的49名学生的数学成绩的方差为2．在评估数学成绩时，老师把小明的数学成绩按这49名学生的数学成绩的平均数来算，那么全班50名学生的数学成绩的标准差为______．四、解答题：本题共5小题，每小题15分，最后一题17分，共77分 (共5题)第(1)题已知椭圆Γ：的左，右焦点分别为F 1(，0)，F2(，0)，椭圆的左，右顶点分别为A，B，已知椭圆Γ上一异于A，B的点P，PA，PB的斜率分别为k1，k2，满足.（1）求椭圆Γ的标准方程；（2）若过椭圆Γ左顶点A作两条互相垂直的直线AM和AN，分别交椭圆Γ于M，N两点，问x轴上是否存在一定点Q，使得∠MQA=∠NQA成立，若存在，则求出该定点Q，否则说明理由.第(2)题已知函数．(1)当时，求过点且和曲线相切的直线方程；(2)若对任意实数，不等式恒成立，求实数a的取值范围．第(3)题选修4-1：几何证明选讲等腰梯形中，，交于点，平分，为梯形外接圆的切线，交的延长线于点．（I）求证：；（II）若，，，求的长．第(4)题已知椭圆：的离心率为，点在椭圆上，两个焦点分别为，，过的直线与椭圆交于，两点，过与平行的直线与椭圆交于，D两点（点A，D在x轴上方）.(1)求椭圆的标准方程；(2)求四边形ABCD面积的最大值以及此时直线的方程，第(5)题已知集合，，且，若，.(1)求集合A、B；(2)求p，q，r.。
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黑龙江省鸡西市2020年高考数学一模试卷（理科）D卷
姓名:________ 班级:________ 成绩:________
一、选择题 (共12题；共24分)
1. （2分） (2020高二下·广州期末) 已知集合，则中元素的个数为（）
A . 2
B . 3
C . 4
D . 5
2. （2分） (2019高一下·哈尔滨期中) 向量的夹角为，，，则的最大值为（）
A .
B .
C .
D .
3. （2分） (2017高二上·玉溪期末) 若向量 =（2，1）， =（4，x+1），∥，则x的值为（）
A . 1
B . 7
C . ﹣10
D . ﹣9
4. （2分）设，向量，，，且，，则
（）
A .
B .
C .
D . 10
5. （2分）设函数，对任意x∈[1，+∞），f（mx）+mf（x）＜0恒成立，则实数m的取值范围是（）
A . m＜0
B . m≤0
C . m≤﹣1
D . m＜﹣1
6. （2分）(2019·中山模拟) 某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为（）
A .
B .
C .
D .
7. （2分）在锐角三角形中, , , 分别是角 , , 的对边, =
,则的取值范围为（）
A .
B .
C .
D .
8. （2分） (2016高二下·揭阳期中) 执行如图所示的程序框图，若输出S的值是，则a的值可以为（）
A . 2014
B . 2015
C . 2016
D . 2017
9. （2分） (2017高一下·宿州期末) 甲、乙、丙是同班同学，假设他们三个人早上到学校先后的可能性是相同的，则事件“甲比乙先到学校，乙又比丙先到学校”的概率是（）
A .
B .
C .
D .
10. （2分） (2016高一上·安庆期中) 已知函数f（x）是定义在R上的增函数，则函数y=f（|x﹣1|）﹣1的图象可能是（）
A .
B .
C .
D .
11. （2分）过点P（﹣2，0）的直线与抛物线C：y2=4x相交于A，B两点，且|PA|=|AB|，则点A到抛物线C的焦点的距离为（）
A .
B .
C .
D . 2
12. （2分）已知函数，若是函数的唯一一个极值点，则实数k的取值范围为（）
A .
B .
C .
D .
二、填空题 (共4题；共4分)
13. （1分） (2017高二下·溧水期末) 已知复数z=（a﹣i）（1+i）（a∈R，i是虚数单位）是实数，则a=________．
14. （1分） (2017高三上·张家口期末) 函数f（x）=ax2+bx﹣1，且0≤f（1）≤1，﹣2≤f（﹣1）≤0，则z= 的取值范围是________．
15. （1分） (2019高二下·哈尔滨期末) 给出下列4个命题：
①若函数在上有零点，则一定有；
②函数既不是奇函数又不是偶函数；
③若函数的值域为，则实数的取值范围是；
④若函数满足条件，则的最小值为 .
其中正确命题的序号是：________.（写出所有正确命题的序号）
16. （1分）如图，线段AB，CD分别表示甲、乙两楼，AB⊥BD，CD⊥BD，从甲楼顶部A处测得乙楼顶部C处的仰角为=30°，测得乙楼底部D的俯角=60°，已知甲楼的高AB=24米，则乙楼的高 ________米．
三、解答题 (共7题；共50分)
17. （5分）(2018·淮南模拟) 已知数列的前项和为，且对任意正整数，都有
成立．记．
（Ⅰ）求数列和的通项公式；
（Ⅱ）设，数列的前项和为，求证：．
18. （10分） (2019高二上·榆林期中) 在锐角ΔABC中，内角A，B，C所对的边分别是a，b，c，且．
（1）求角A的大小；
（2）若，，求ΔABC的面积．
19. （5分）某市欲为市辖各学校招聘教师，从报名者中筛选1000名参加笔试，按笔试成绩择优取200名面试，再从面试对象中聘用100名教师．
（1）随机调查了50名笔试者的成绩如下表所示：
分数段[60，65）[65，70）[70，75）[75，80）[80，85）[85，90）
人数23152073
请你预测面试的分数线大约是多少？
（2）该市某学校从聘用的四男a、b、c、d和二女e、f中选派两人参加某项培训，则选派结果为一男一女的概率是多少？
20. （10分） (2019高二下·温州月考) 如图所示，已知四棱锥中，底面为菱形，
平面，分别是的中点．
（1）证明：平面；
（2）若为上的动点，与平面所成最大角的正切值为，求二面角的正切值．
21. （5分）已知f（x）=x2﹣alnx，a∈R．
（1）讨论函数f（x）的单调性；
（2）当a＞0时，若f（x）的最小值为1，求a的值；
（3）设g（x）=f（x）﹣2x，若g（x）在[，]有两个极值点x1 ， x2（x1＜x2），证明：g（x1）﹣g（x2）的取值范围．
22. （10分） (2018高二下·虎林期末) 已知曲线的参数方程为 ( 为参数),以坐标原点为极点, 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,直线的极坐标方程为。
（1）求曲线的普通方程及直线的直角坐标方程；
（2）求曲线上的点到直线的距离的最大值。
23. （5分） (2019高一上·泉港月考) 已知函数
(Ⅰ)若，求的单调区间；
(Ⅱ)是否存在实数a，使的最小值为0？若存在，求出a的值；若不存在，说明理由．
参考答案一、选择题 (共12题；共24分)
1-1、
2-1、
3-1、
4-1、
5-1、
6-1、
7-1、
8-1、
9-1、
10-1、
11-1、
12-1、
二、填空题 (共4题；共4分)
13-1、
14-1、
15-1、
16-1、
三、解答题 (共7题；共50分)
17-1、
18-1、
18-2、
19-1、20-1、20-2、
21-1、22-1、
22-2、23-1、。