2015上海市各区高考物理二模分类汇编(专题九、电路及应用)

合集下载

上海市奉贤区2015届高三物理第二次模拟考试试题(含解析)沪科版

2015年某某市奉贤区高考物理二模试卷一、单项选择题Ⅰ〔共16分，每一小题2分．每一小题只有一个正确选项．〕1．〔2分〕〔2015•奉贤区二模〕如下属于标量的物理量是〔〕A．平均速度 B．电场强度 C．磁感应强度 D．电流强度【考点】：矢量和标量．【分析】：即有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定如此的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量、速率等都是标量．【解析】：解：A、平均速度的位移与时间的比值，是有大小又有方向的物理量是矢量．故A 错误；B、电场强度有大小又有方向的物理量是矢量．故B错误；C、磁感应强度有大小又有方向的物理量是矢量．故C错误；D、电流强度只有大小，没有方向的物理量是标量，故D正确．应当选：D．【点评】：该题考查矢量与标量的区别，如力、速度、加速度、位移、动量、电场强度、磁感应强度等都是矢量；如路程、时间、质量、速率等都是标量．根底题目．2．〔2分〕〔2015•奉贤区二模〕二十世纪初，为研究物质的内部结构，物理学家做了大量的实验，如图装置的实验是〔〕A．α粒子散射实验 B．发现质子的实验C．发现电子的实验 D．发现中子的实验【考点】：粒子散射实验．【专题】：原子的核式结构与其组成．【分析】：解答此题应抓住：该实验是卢瑟福和他的助手们做的α粒子散射实验，根据这个实验的结果，卢瑟福提出了原子的核式结构模型．【解析】：解：本实验是α粒子散射实验，卢瑟福根据极少数α粒子产生大角度偏转，提出了原子的核式结构模型．故A正确．应当选：A【点评】：本实验是α粒子散射实验装置，是卢瑟福和他的助手们做的，是物理上著名的实验，要加强记忆．3．〔2分〕〔2015•奉贤区二模〕如下核反响属于α衰变的是〔〕A．B+He→N+nB．Al+H→Mg+HeC．Th→Ra+HeD．H+H→He【考点】：原子核衰变与半衰期、衰变速度．【专题】：衰变和半衰期专题．【分析】：α衰变是指原子核分裂并只放射出氦原子核的反响过程，根据这一特定即可判断．【解析】：解：A、方程B+He→N+n；是人工核反响方程，是方向中子的核反响方程．故A错误；B、方程Al+H→Mg+He，该反响是人工核反响方程．故B错误；C、方程Th→Ra+He，是Th原子核分裂并只放射出氦原子核的反响过程．故C正确；D、方程H+H→He是轻核的聚变反响．故D错误．应当选：C【点评】：该题考查α衰变的本质与常见的核反响方程，比拟简单，在平时学习中要掌握衰变，裂变，聚变和几种粒子发现的方程式．4．〔2分〕〔2015•奉贤区二模〕一颗恒星的寿命取决于〔〕A．体积 B．质量 C．温度 D．离地球的距离【考点】：恒星的演化．【分析】：知道恒星的寿命和它的质量有关，质量越大的恒星寿命越短，反之亦然．【解析】：解：恒星的寿命和它的质量有关，质量越大的恒星寿命越短，这是因为质量越大压力就越大，这种情况下恒星内部的核反响就更加剧烈，故ACD错误，B正确．应当选：B．【点评】：此题考查学生对恒星的理解，这要求在平时的学习中要对积累相关的知识，但此题极易出错．5．〔2分〕〔2015•奉贤区二模〕如下列图的4种明暗相间的条纹，分别是红光、蓝光各自通过同一个双缝干预仪器和同一单缝衍射仪器形成的图样〔灰黑色局部表示亮纹〕．如此属于蓝光的干预图样的是〔〕A． B． C． D．【考点】：双缝干预的条纹间距与波长的关系．【专题】：光的干预专题．【分析】：根据双缝干预条纹间距△x=λ可判定哪个图样是双缝干预，它们的波长又有什么关系；根据单缝衍射条纹是中间亮条纹明亮且宽大，越向两侧宽度越小，而波长越大，中央亮条纹越粗进展判断【解析】：解：双缝干预的图样是明暗相间的干预条纹，所有条纹宽度一样且等间距，故从左边两个是双缝干预现象，根据双缝干预条纹间距△x=λ可知波长λ越大，△x越大，故左边第一个是红光，第三个是蓝光．单缝衍射条纹是中间明亮且宽大，越向两侧宽度越小越暗，而波长越大，中央亮条纹越粗，故从左向右依次是红光〔双缝干预〕、蓝光〔单缝衍射〕、蓝光〔双缝干预〕和红光〔单缝衍射〕．以上分析可知，故ABD错误，C正确．应当选：C．【点评】：掌握单缝衍射和双缝干预的图样的特点和图样与波长的关系是解决此题的唯一途径，故要加强对根底知识的记忆．6．〔2分〕〔2015•奉贤区二模〕两个分子相距r1时，分子力表现为引力，相距r2时，分子力表现为斥力，如此〔〕A．相距r1时，分子间没有斥力存在B．相距r2时的斥力大于相距r1时的斥力C．相距r2时，分子间没有引力存在D．相距r1时的引力大于相距r2时的引力【考点】：分子间的相互作用力．【专题】：分子间相互作用力与分子间距离的关系．【分析】：分子间的相互作用力由引力f引和斥力f斥两局部组成，这两种力同时存在，实际的分子力是引力和斥力的合力．引力f引和斥力f斥随着分子间距离增大而减小，随着分子间距离减小而增大．【解析】：解：A、分子间的相互作用力由引力f引和斥力f斥两局部组成，这两种力同时存在，实际的分子力是引力和斥力的合力，故A错误；B、两个分子相距为r1，分子间的相互作用力表现为引力，相距为r2时，表现为斥力，故r1＞r2；分子间的引力和斥力随着分子间距的增加而减小，故相距为r2时，分子间的斥力大于相距为r1时的斥力，故B正确；C、分子间的相互作用力由引力f引和斥力f斥两局部组成，这两种力同时存在，实际的分子力是引力和斥力的合力，故C错误；D、两个分子相距为r1，分子间的相互作用力表现为引力，相距为r2时，表现为斥力，故r1＞r2；分子间的引力和斥力随着分子间距的增加而减小，故相距为r1时，分子间的引力小于相距为r2时的引力，故D错误；应当选：B．【点评】：对于分子力的特点，要抓住三个“同〞：分子间的引力和斥力是同时存在的；随着分子间距离变化，分子引力和斥力是同增同减的．7．〔2分〕〔2015•奉贤区二模〕做简谐振动的单摆摆长不变，假设摆球质量减小为原来的，摆球经过平衡位置时速度增大为原来的2倍，如此单摆振动的〔〕A．频率、振幅都不变 B．频率、振幅都改变C．频率不变、振幅改变 D．频率改变、振幅不变【考点】：单摆周期公式．【专题】：单摆问题．【分析】：由单摆的周期公式T=2可以判断单摆的周期的变化，由机械能守恒可以判断单摆的能量的变化，从而可以判断振幅的变化．【解析】：解：由单摆的周期公式T=2，可知，单摆摆长不变，如此周期不变，频率不变；振幅A是反映单摆运动过程中的能量大小的物理量，据动能公式可知，摆球经过平衡位置时的动能不变，但质量增加，所以高度减小，因此振幅改变，故ABD错误，C正确．应当选：C．【点评】：知道单摆的摆长和重力加速度的大小决定单摆的周期的大小，单摆的能量决定单摆的振幅的大小；从机械能守恒的角度分析振幅的变化．8．〔2分〕〔2015•奉贤区二模〕如图，在斜面上木块A与B的接触面是水平的，绳子呈水平状态，两木块均保持静止．如此关于木块A和木块B受力个数不可能的〔〕A． 2个和4个 B． 3个和4个 C． 4个和4个 D． 4个和5个【考点】：物体的弹性和弹力．【专题】：受力分析方法专题．【分析】：先对A分析，可能受到2个力，重力与支持力；也可能受到4个力，增加拉力与B 对A有向右的静摩擦力；再分析B受力，除受到重力、支持力、A对B的静摩擦力，A对B的压力，可能受到斜面的静摩擦力，也可能不受斜面的静摩擦力，B受力情况有两种可能．【解析】：解：B至少受到重力、A对B的压力和静摩擦力、斜面的支持力四个力．斜面对物体B可能有静摩擦力，也有可能没有静摩擦力，因此B受到4个力或5个力；而A受到力支持力与重力外，可能受到拉力与B对A的摩擦力．因此A可能受到2个力或4个力．故ACD正确，B错误；题目要求选不可能的，应当选：B．【点评】：此题关键先对A分析，根据平衡条件得到B对A有向左的静摩擦力，然后根据牛顿第三定律得到A对B有向右的静摩擦力；再按照重力、弹力、摩擦力的顺序找力．二、单项选择题Ⅱ〔共24分，每一小题3分．每一小题只有一个正确选项．〕9．〔3分〕〔2015•奉贤区二模〕关于光的说法正确的答案是〔〕A．有的光是波，有的光是粒子B．光子可以被电场加速C．光的波长越长，其波动性越显著D．大量光子产生的效果往往显示粒子性【考点】：光子．【分析】：光子是电磁波，不带电；光既有波动性，又有粒子性，个别光子的作用效果往往表现为粒子性；大量光子的作用效果往往表现为波动性；根据E=hγ判断出光子的能量与什么因素有关，可知波长与频率成反比．【解析】：解：A、光既有波动性，又有粒子性，不能说有的光是波，有的光是粒子．故A错误；B、光子不带电，不可以被电场加速．故B错误，C、光的波长越长，光的波动性越显著，频率越高，如此光的粒子性越显著．故C正确；D、个别光子的作用效果往往表现为粒子性；大量光子的作用效果往往表现为波动性．故D错误．应当选：C．【点评】：该题考查光子的特性与本质，解决此题的关键知道光子的能量E=hγ，与频率成正比．同时知道光有波粒两象性．10．〔3分〕〔2015•奉贤区二模〕趣味投篮比赛中，运动员站在一个旋转较快的大平台边缘上，相对平台静止，向平台圆心处的球筐内投篮球．如此如图〔各俯视图〕篮球可能被投入球筐〔图中箭头指向表示投篮方向〕的是〔〕A． B． C． D．【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．【分析】：球参与了沿圆周切线方向运动和出手方向的运动，根据平行四边形定如此确定合速度的方向，从而确定篮球能否被投入球框．【解析】：解：当沿圆周切线方向的速度和出手速度的合速度沿篮筐方向，球就会被投入篮筐．故C正确，A、B、D错误．应当选：C．【点评】：解决此题的关键知道球参与了两个方向的运动，通过平行四边形定如此进展判断．11．〔3分〕〔2015•奉贤区二模〕将一个“6V、6W〞的小灯甲连接在内阻不能忽略的电源上，小灯恰好正常发光，现改将一个“6V、3W〞的小灯乙连接在这一电源上，如此〔〕 A．小灯乙可能正常发光B．小灯乙一定正常发光C．小灯乙可能因电压较低而不能正常发光D．小灯乙可能因电压过高而烧毁【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：根据公式R=可知，乙灯的电阻比甲灯电阻大．根据路端电压与外电阻的关系，分析乙灯的电压与额定电压的关系，判断乙灯能否正常发光．【解析】：解：根据公式R=可知，乙灯的电阻比甲灯电阻大．由题，甲灯接在电源上正常发光，甲灯的电压为6V，乙灯的电阻比甲灯电阻大，当乙灯接到同一电源上时，分得的电压将大于6V，所以灯乙可能因电压过高而烧毁，不能正常发光．故ABC错误，D正确．应当选：D．【点评】：此题关键抓住路端电压与外电阻的关系，来分析乙灯得到的电压与额定电压的关系进展判断．12．〔3分〕〔2015•奉贤区二模〕如图为伽利略设计的一种测温装置示意图，玻璃管的上端与导热良好的玻璃泡连通，下端插入水中，玻璃泡中封闭有一定量的空气．假设玻璃管内水柱上升，如此导致原因可能是外界大气〔〕A．温度降低，压强增大 B．温度升高，压强不变C．温度升高，压强减小 D．温度不变，压强减小【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：此温度计不是根据液体的热胀冷缩原理制成的，它是靠气体作为膨胀物质，液体的受热膨胀忽略不计；外界大气的压强变化时，根据理想气体的状态方程也可以判定．【解析】：解：设玻璃泡中气体压强为p，外界大气压强为p′，如此p′=p+ρgh，且玻璃泡中气体与外界大气温度一样．液柱上升，气体体积减小，根据理想气体的状态方程可知，假设P不变，如此V减小时，T减小；假设T不变时，V减小时，P变大．即温度T降低或压强P变大是可能的情况．故BCD均不符合要求，A正确．应当选：A【点评】：此题考查了气体温度计的原理，膨胀物质不是液体，而是气体，依据气体的热胀冷缩性质制成的13．〔3分〕〔2015•奉贤区二模〕如下列图，光滑小球放置在半球面的底端，竖直放置的挡板水平向右缓慢地推动小球，如此在小球运动〔始终未脱离球面〕的过程中，挡板对小球的推力F、半球面对小球的支持力F N的变化情况正确的答案是〔〕A． F增大，F N减小 B． F减小，F N增大 C． F减小，F N减小 D． F增大，F N增大【考点】：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：对小球受力分析，受重力、挡板向右的支持力和半球面的支持力，根据平衡条件列式求解．【解析】：解：对小球受力分析，受重力、挡板向右的支持力和半球面的支持力，如图根据平衡条件解得F=mgtanθ由于θ不断增加，故F增大、F N增大；应当选：D．【点评】：此题关键是画出受力图，根据平衡条件求解出两个弹力的表达式进展分析讨论．14．〔3分〕〔2015•奉贤区二模〕如下列图，将小球甲、乙、丙〔都可视为质点〕分别从A、B、C三点由静止同时释放，最后都到达竖直面内圆弧的最低点D，其中甲是从圆心A开始做自由落体运动，乙沿弦轨道从与圆心等高的B到达D，丙沿圆弧轨道从C点〔很靠近D点〕运动到D．忽略一切阻力，如此正确的答案是〔〕A．甲球最先到达D点，乙球最后到达D点B．甲球最先到达D点，丙球最后到达D点C．丙球最先到达D点，乙球最后到达D点D．甲球最先到达D点，无法判断哪个球最后到达D点【考点】：牛顿第二定律；自由落体运动．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】： A为自由落体，运用自由落体的公式求出时间，B是利用匀变速运动的知识求出所用时间，C是单摆，求出周期，所用时间只是周期．【解析】：解：A点，AD距离为r，加速度为g，时间；B点，设∠ADB=θ，BD距离为2rcosθ，加速度为gcosθ，时间；C点，简谐振动，周期T=，时间，明显t2＞t3＞t1，知乙球最后到，甲球最先到．故A正确，B、C、D错误．应当选：A．【点评】：解得此题的关键是分清三种不同的运动形态，然后分别计算出每条线路所用的时间，比拟大小皆可解决．15．〔3分〕〔2015•奉贤区二模〕如图，闭合铜环由高处从静止开始下落，穿过一根竖直悬挂的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴线始终保持重合．假设取磁铁中心O为坐标原点，建立竖直向下为正方向的x轴，如此如下图中最能正确反映环中感应电流i随环心位置坐标x变化的关系图象是〔〕A． B． C． D．【考点】：楞次定律；闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：由楞次定律可知，感应线圈中电流方向变化，综合分析两个峰值不可能相等，由排除法可知．【解析】：解：A、圆形闭合铜环由高处从静止开始下落，穿过一根竖直悬挂的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴始终保持重合，圆环中磁通量变化不均匀，产生的感应电流不是线性变化，故A错误；B、铜环下落到磁铁顶端的速度小于下落到磁铁底端的速度，铜环下落到磁铁顶端产生的感应电流小于下落到磁铁底端产生的感应电流，选项B正确，C错误．D、由楞次定律可知，圆环靠近磁体的过程中向上的磁通量最大，而离开磁体的过程中向上的磁通量减小，磁通量的变化相反，所以感应电流的方向也相反，故D错误．应当选：B【点评】：此题考查了对楞次定律的理解和应用，注意重点判断磁通量的大小和方向的变化，其中判断出感应电流的大小与方向不一样是解答的关键．16．〔3分〕〔2015•奉贤区二模〕水平路面上行驶的汽车所受到的阻力大小f与汽车行驶的速率成正比．假设汽车从静止出发，先做匀加速直线运动，达到额定功率后保持额定功率行驶，如此在整个行驶过程中，汽车受到的牵引力大小F与阻力大小f关系图象是〔〕A． B． C． D．【考点】：功率、平均功率和瞬时功率．【专题】：功率的计算专题．【分析】：汽车先做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知牵引力与阻力的关系式，功率达到额定功率后，根据F=与f=kv求出牵引力与阻力的关系式，进而选择图象【解析】：解：汽车先做匀加速直线运动，速度增大，f=kv增大，根据牛顿第二定律得：F=f+ma 可知，牵引力随着f的增大而均匀增大，图象是一条倾斜的直线，功率达到额定功率后，F=，f=kv，如此F=，如此牵引力与阻力成反比，故A正确．应当选：A【点评】：解决此题的关键会根据汽车的运动情况判断受力情况，能结合牛顿第二定律判断牵引力的变化情况，难度适中三、〔16分〕多项选择题．〔本大题共4小题，每一小题4分．每一小题给出的四个答案中，有两个或两个以上是正确的．每一小题全选对得4分；选对但不全，得2分；有选错或不答的，得0分．〕17．〔4分〕〔2015•奉贤区二模〕如下列图，用恒力F1、F2分别将同一重物由静止开始沿同一固定的粗糙斜面由底端推到顶端，F1沿斜面向上，F2沿水平方向．两次所用时间相等，如此两次〔〕A．物体加速度一样 B．物体机械能增量一样C．物体抑制摩擦力做功一样 D．恒力F1、F2对物体做功一样【考点】：功的计算；牛顿第二定律．【专题】：功的计算专题．【分析】：根据匀变速直线运动的位移时间公式比拟加速度的大小．根据末速度的大小关系得出动能的变化量大小，结合动能定理比拟合外力做功情况．根据动能定理，通过摩擦力做功和重力做功的大小关系得出恒力F做功的大小关系【解析】：解：A、根据x=知，位移一样，运动时间一样，如此加速度一样．故A正确．B、根据v=at知，加速度一样，运动时间一样，如此末速度大小相等，根据动能定理知，动能变化量相等，物体上升的顶端，重力势能的增加量一样，动能的增加量相等，如此机械能变化量相等，故B正确；C、运动过程中，重力做功相等，第二次的摩擦力大于第一次的摩擦力，如此第二次抑制摩擦力做功大，而动能的变化量相等，根据动能定理知，F1做的功比F2做的少，故CD错误．应当选：AB【点评】：此题考查了动能定理的根本运用，关键抓住动能变化量相等，重力做功相等，通过摩擦力做功不等，比拟出恒力F做功的大小关系18．〔4分〕〔2015•奉贤区二模〕位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如下列图，ab、cd分别是正方形两条边的中垂线，O点为中垂线的交点，P、Q分别为cd、ab上的点，如此正确的答案是〔〕A． P、O两点的电势关系为φP=φ0B． P、Q两点电场强度的大小关系为E P＞E QC．假设在O点放一正点电荷，如此该正点电荷受到的电场力为零D．假设将某负电荷由P点沿着曲线PQ移到Q点，电场力做负功【考点】：电势；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：根据电场线的方向确定场源电荷的正负．电势的上下看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．电场线的疏密表示场强的大小，根据电势上下判断功的正负．【解析】：解：A、根据电场叠加，由图象可知ab、cd两中垂线上各点的电势都为零，所以P、O两点的电势相等．故A正确．B、电场线的疏密表示场强的大小，根据图象知E P＞E Q，故B正确；C、四个点电荷在O点产生的电场相互抵消，场强为零，故在O点放一正点电荷，如此该正点电荷受到的电场力为零，故C正确．D、P、Q电势相等，所以a、c两点电势相等，假设将某一负电荷由P点沿着图中曲线PQ移到Q点，电场力做功为零．故D错误．应当选：ABC【点评】：此题的关键要掌握电场线的分布情况，能根据曲线的弯曲方向可知粒子的受力方向．通过电场线的指向看电势的上下19．〔4分〕〔2015•奉贤区二模〕如图，电源电动势为3V，内阻不可忽略，滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，三只理想电压表的示数变化的绝对值分别为△U1、△U2、△U3，如下各值不可能出现的是〔〕A．△U1=3V、△U2=2V、△U3=1V B．△U1=1V、△U2=3V、△U3=2VC．△U1=0.5V、△U2=1V、△U3=1.5V D．△U1=0.2V、△U2=1V、△U3=0.8V【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，电灯两端的电压增大，路端电压减小，分析变阻器两端电压的变化，根据路端电压的变化，判断△U2、△U3的大小，再选择符合题意的选项．【解析】：解：滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，电灯两端的电压U2增大，电源的内电压增大，如此路端电压U1减小，如此变阻器两端电压U3减小．由于U1=U2+U3，U1减小，如此知△U2＞△U3，△U1＜△U2，由于E=3V，△U2＜3V，所以△U1=0.2V、△U2=1V、△U3=0.8V是可能的，△U1=3V、△U2=2V、△U3=1V；△U1=1V、△U2=3V、△U3=2V；△△U1=0.5V、△U2=1V、△U3=1.5V不可能．故D正确，ABC错误．此题选不可能的，应当选：ABC．【点评】：此题解题的关键是抓住U1=U2+U3，根据总量法分析三个电压表读数变化量的大小．20．〔4分〕〔2015•奉贤区二模〕如下列图，由一根绝缘导线绕成半径一样的两个小圆〔中央缺口很小〕组成的线圈水平放置，匀强磁场B垂直通过线圈平面，假设将磁场的磁感强度从B 增大到2B的过程中通过线圈的电量为Q，如此如下可使线圈中通过电量为Q 的过程是〔〕A．保持磁场B不变，将线圈平面翻转90°B．保持磁场B不变，将线圈平面翻转180°C．保持磁场B不变，将线圈的一个小圆平面翻转180°D．保持磁场B不变，将线圈拉成一个大圆【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：由法拉第电磁感应定律和欧姆定律，结合电量表达式，可得出电量的综合表达式．从而分析判断．【解析】：解：电量公式q=I△t，而法拉第电磁感应定律E=N，电流I=，因此电量的表达式Q=．由题意可知，当磁感应强度由B增强至2B的过程中有电量Q通过线圈，要使线圈通过电量仍为Q，如此有：磁通量变化为BS，或电阻变为原来的一半，A、保持B不变，将线圈平面翻转90°，根据磁通量的变化，可知，△Φ=BS，故A正确；B、保持B不变，将线圈平面翻转180°，根据磁通量的变化，可知，△Φ=2BS，故B错误；C、保持B不变，将线圈的一个小圆平面翻转180°，根据磁通量的变化，可知，△Φ=BS，故C正确；D、保持B不变，将线圈拉大成一个大圆，根据周长一样，如此有大圆的半径是小圆半径的2倍，因此磁通量的变化，为△Φ=B•2S﹣BS=BS，故D正确；应当选：ACD．【点评】：考查电量的综合表达式，注意掌握经过变化后，磁通量变化必须为BS，才能满足题意，同时注意线圈拉成大圆时，圆的周长不变，从而确定大圆与小圆的半径关系．四、〔20分〕填空题．〔本大题共6小题，每空格2分．不要求写出演算过程．本大题中第22题，23题为分叉题，考生可任选一题答题．假设两题均做，一律按第一题题计分．〕21．〔4分〕〔2015•奉贤区二模〕利用发波水槽得到的水面波形如a、b所示，如此图a显示了波的衍射现象．为了能更明显看到此现象，可以减小水波的振源频率〔选填“增大〞、“减小〞〕．【考点】：波的干预和衍射现象．【分析】：波绕过障碍物继续传播的现象就是波的衍射现象；当频率一样的两列波相遇时有的地方振动减弱，有的地方振动加强，且加强和减弱的区域交替出现说明发生了干预现象．【解析】：解：波绕过障碍物继续传播的现象就是波的衍射现象，故图a说明发生了明显的衍射现象．当频率一样的两列波相遇时当波程差为波长的整数倍时振动加强，当波程差为半个波长的奇数倍时振动减弱，使有的地方振动加强有的地方振动减弱，且加强和减弱的区域交替出现，故图b是发生了干预现象．当波长越长，发生明显干预和衍射越明显；再由于波速有介质决定，所以增大波长需减小波的频率．故答案为：衍射；减小．【点评】：掌握干预和衍射的图样的特点和发生条件，是解决此类题目的关键所在．注意干预现象的条件与明显的衍射现象条件．22．〔4分〕〔2015•奉贤区二模〕总质量为M的装砂的小车，正以速度v0在光滑水平面上向右前进，突然车底漏了，不断有砂子漏出来落到地面，如此漏出的砂的速度为v0，在漏砂的过程中，小车的速度的变化情况是不变〔选填“变大〞、“不变〞或“变小〞〕．【考点】：动量守恒定律．【专题】：动量定理应用专题．【分析】：车以与沙子在水平方向动量守恒，根据动量守恒列方程求解即可．【解析】：解：设漏掉质量为m的沙子后，砂子从车上漏掉的瞬间由于惯性速度仍然为v0，汽车速度为v′，根据水平方向动量守恒可得：Mv0=mv0+〔M﹣m〕v′解得：v′=v0，小车的速度保持不变．故答案为：v0，不变．【点评】：此题考查了动量守恒定律的应用，应用时注意：正确选取研究对象，明确公式中各物理量含义．23．〔2015•奉贤区二模〕一颗人造卫星在某行星外表上空做匀速圆周运动，经时间t，卫星的行程为s，它与行星中心的连线扫过的角度为1rad，如此卫星的环绕周期为2πt，假设减小该卫星的速度，如此卫星的轨道半径将变小〔选填“变大〞、“不变〞或“变小〞〕．【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】：人造卫星问题．【分析】：根据圆周运动的规律间的关系解出T，由万有引力与需要的向心力之间的关系，判定轨道半径的变化．。

上海市静安、青浦、宝山区2015届高三第二次模拟考试物理试题(含解析)

2015年上海市宝山区、静安区、青浦区高考物理二模试卷一．单项选择题（共16分，每小题2分．每小题只有一个正确选项）1．（2分）下列电磁波中，衍射能力最强的是（）A．无线电波B．红外线C．紫外线D．γ射线【考点】：电磁波谱．【分析】：波长越长，则波的衍射能力越强，分析电磁波谱得出波长最长的电磁波即可．【解析】：解：已知的几种电磁波中无线电波的波长最长，故无线电波的衍射能力最强；故选：A．【点评】：本题考查电磁波谱以及衍射现象的条件，要求能熟记电磁波谱的内容．2．（2分）太阳辐射能量主要来自太阳内部的（）A．裂变反应B．热核反应C．化学反应D．放射性衰变【考点】：轻核的聚变．【专题】：衰变和半衰期专题．【分析】：轻核的聚变在超高温超高压下才能完成，所以聚变反应有被称为热核反应，太阳辐射能量主要来自太阳内部的热核反应．【解析】：解：太阳的能量来自于内部的核聚变，产生很高的能量，又称为热核反应．故B 正确．故选：B．【点评】：该题考查轻核的聚变，解决本题的关键知道太阳内部的核聚变反应又称为热核反应，放出很高的能量．3．（2分）关于原子物理的知识下列说法中错误的为（）A．电子的发现证实了原子是可分的B．卢瑟福的α粒子散射实验建立了原子的核式结构模型C．天然放射现象的发现揭示了原子核是由质子和中子组成的D．β射线是高速运动的电子流，有较弱的电离本领【考点】：天然放射现象；X射线、α射线、β射线、γ射线及其特性．【分析】：英国科学家汤姆生通过阴极射线的研究，发现电子，电子的发现证实了原子是可分的．卢瑟福的α粒子散射实验否定了汤姆生的原子结构模型．天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构，但原子核是由质子和中子组成．β射线是高速运动的电子流．它贯穿本领比α粒子强，比γ射线弱．【解析】：解：A、英国科学家汤姆生通过阴极射线的研究，发现电子，电子的发现证实了原子是可分的．故A正确；B、卢瑟福的α粒子散射实验否定了汤姆生的原子结构模型．故B正确；C、天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构，故C错误；D、β射线是高速运动的电子流．它贯穿本领比α粒子强，比γ射线弱，则有较弱的电离本领．故D正确；本题选择错误的，故选：C．【点评】：对于原子物理的一些常识我们一定要熟记并知道在日常生活中的应用．这也高考考查内容之一．4．（2分）图表是某逻辑电路的真值表，该电路是（）A．B．C．D．【考点】：简单的逻辑电路．【分析】：根据基本逻辑门电路的输入输出关系得到真值表，有真值表的逻辑关系推出对应的逻辑门．【解析】：解：A、或门的真值表故A错误B、与门的真值表故B错误C、或非门的真值表故C正确D、与非门的真值表故D错误故选C【点评】：考查了逻辑电路的输入输出关系，真值表．5．（2分）重水堆核电站在发电的同时还可以生产出可供研制核武器的钚239（Pu），这种钚239可由铀239（U）经过n次β衰变而产生，则n为（）A．2 B．239 C．145 D．92【考点】：原子核衰变及半衰期、衰变速度．【专题】：衰变和半衰期专题．【分析】：β衰变是原子核内的中子转化为质子，并产生一个电子的过程，即发生β衰变时衰变前后质量数不变，电荷数增加．写出衰变方程即可．【解析】：解：β衰变的过程中，质量数不变，核电荷数增加1个，所以U衰变为Pu 的方程为：Pu→U+n10e所以：94﹣92=n×1故：n=2故选：A【点评】：本题很简单，主要考察β衰变的特点，轨迹β衰变的过程中，质量数不变，核电荷数增加1个的特点，写出衰变方程即可．6．（2分）如图是利用光电管产生光电流的电路，下列说法正确的是（）A．K为光电管的阳极B．通过灵敏电流计G的电流方向从b到aC．若用黄光照射能产生光电流，则用红光照射也能产生光电流D．若用黄光照射能产生光电流，则用紫光照射也能产生光电流【考点】：光电效应．【专题】：光电效应专题．【分析】：根据电子运动的方向判断电源的正负极和电流在电流计中的方向，发生光电效应的条件是入射光的频率等于金属的极限频率．【解析】：解：A、电子从K极出来后向A极运动，受到向左的电场力，所以K为光电管的负极，A错误；B、通过灵敏电流计G的电流方向从a到b，B错误；C、红光的频率比黄光低，若用黄光照射能产生光电流，则用红光照射不一定能产生光电流，C错误；D、紫光的频率比黄光高，若用黄光照射能产生光电流，则用紫光照射也能产生光电流，D 正确；故选D【点评】：本题通过光电管的原理考查了有关光电效应的知识，对于这些基础知识要熟练的理解和应用．7．（2分）做竖直上抛运动的物体，在任意相同时间间隔内，速度的变化量（）A．大小相同、方向相同B．大小相同、方向不同C．大小不同、方向不同D．大小不同、方向相同【考点】：竖直上抛运动．【分析】：竖直上抛运动是初速度不为零的匀变速直线运动，加速度恒定不变，由△v=at分析速度的变化量．【解析】：解：做竖直上抛运动的物体，只受重力，加速度为重力加速度，则速度变化量△v=at=gt可知在任意相同时间间隔内，速度的变化量大小相同，方向也相同，总是竖直向下．故选：A．【点评】：解决本题的关键要掌握速度变化量与加速度的关系，本题的结论对任何抛体运动（不计阻力）都适用．8．（2分）人站在地面上，先将两腿弯曲，再用力蹬地，就能跳离地面，人能跳起离开地面的原因是（）A．地面对人的作用力大于人对地面的作用力B．地面对人的作用力大于地球对人的引力C．人对地球的作用力大于地球对人的引力D．人除受地面的弹力外，还受到一个向上的力【考点】：作用力和反作用力．【分析】：人对地的作用力与地对人的作用力是一对作用力和反作用力，人之所以能跳起离开地面，可以对人进行受力分析，人具有向上的合力．【解析】：解：A、地面对人的弹力与人对地面的弹力是一对作用力和反作用力，大小相等，故A错误；B、人之所以能跳起离开地面，地面对人的弹力大于地球对人的吸引力，人具有向上的合力，故B正确；C、人对地球的作用力大于地球对人的引力，是一对作用力和反作用力，大小相等．故C错误；D、人除受地面的弹力外，没有其他向上的力．故D错误．故选：B．【点评】：该题考查作用力与反作用力，解决本题的关键区别作用力和反作用力与平衡力，以及能够正确对人进行受力分析．二．单项选择题（共24分，每小题3分．每小题只有一个正确选项）9．（3分）如图所示为单摆的振动图象，根据此振动图象不能确定的物理量是（）A．摆长B．回复力C．频率D．振幅【考点】：单摆．【专题】：单摆问题．【分析】：由振动图象可直接振幅A和周期T，由f=求出频率．由单摆的周期公式T=2π求出摆长．摆球的质量未知，无法确定回复力．【解析】：解：由图知，单摆的周期为T=2s，由单摆的周期公式T=2π得摆长L=1m，振幅为A=3cm摆球的回复力等于F=﹣mg，由于摆球的质量未知，无法确定回复力．故选：B．【点评】：本题考查基本的读图能力，要掌握单摆的周期公式T=2π，知道单摆的回复力表达式F=﹣mg．10．（3分）如图所示，两同心圆环A、B置于同一光滑水平桌面上，其中A为均匀带电绝缘环，B为导体环，若A环以图示的顺时针方向转动，且转速逐渐增大，则（）A．B环将顺时针转动起来B．B环对桌面的压力将增大C．B环将有沿半径方向扩张的趋势D．B环中有顺时针方向的电流【考点】：楞次定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：因带电绝缘环A的运动，相当于电荷定向移动，从而产生电流，导致圆环B中的磁通量发生变化，产生感应电流．使得处于磁场中的B圆环受到力的作用．【解析】：解：A、A环以图示的顺时针方向，绕圆心由静止转动起来，设绝缘环带正电，所以产生顺时针方向的电流，使得B环中的磁通量变大，由楞次定律可得感应电流方向是逆时针的，两环的电流方向相反，则具有沿半径扩张趋势．若绝缘环带负电，所以产生逆时针方向的电流，使得B环中的磁通量仍变大，由楞次定律可得感应电流方向是顺时针的，两环的电流方向仍相反，则仍具有沿半径扩张趋势．由上可知，B环不会转动，同时对桌面的压力不变，故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】：由楞次定律来确定感应电流方向，同时当电流方向相同时，两者相吸引；而当电流方向相反时，两者相排斥．11．（3分）如图所示，长为L的轻绳一端固定在O点，另一端系一质量为m的小球，在最低点给小球一水平初速度v0，同时对小球施加一大小不变，方向始终垂直于绳的力F，小球沿圆周运动到绳水平时，小球速度大小恰好也为v0．则正确的是（）A．小球在向上摆到45°角时速度达到最大B．F=mgC．速度大小始终不变D．F=【考点】：动能定理的应用．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：对全程由动能定理可求得拉力的大小，再由拉力和重力的大小关系可明确小球的运动过程．【解析】：解：小球在向上摆的过程中，由动能定理得：FL﹣mgL=mv02﹣mv02=0解得F=，故B错误，D正确；因为当重力沿切线方向的分力与F等大反向时，切线方向的加速度为零，速度达最大，故度达最大的位置不在向上摆起45°角位置．故A错误，由于两力在运动过程中做功大小不完全相同，故物体做变速运动；故AC错误故选：D．【点评】：本题考查动能定理的应用，要注意明确重力的功和路程无关，而拉力始终和绳垂直，即一直做正功．12．（3分）分子动理论较好地解释了物质的宏观热学性质．据此可判断下列说法中正确的是（）A．布朗运动是指液体分子的无规则运动B．分子间的相互作用力随着分子间距离的增大，先减小后增大C．气体从外界吸收热量，气体的内能一定增大D．若气体的温度不变，压强增大，说明每秒撞击单位面积器壁的分子数增多【考点】：热力学第一定律；布朗运动；热力学第二定律．【分析】：布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，是液体分子无规则热运动的反映；分子间引力和斥力随分子间的距离的增大而减小，随分子间的距离的减小而增大，且斥力减小或增大比引力变化要快些．【解析】：解：A、布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，是液体分子无规则热运动的反映，悬浮颗粒越小，液体温度越高，布朗运动越显著，故A错误；B、分子间距离越大，分子间的引力和斥力越小，但合力不一定减小；当分子间距大于平衡距离时，分子间距离越大，达到最大分子力之前，分子力越来越大，故B错误；C、气体从外界吸收热量，若同时对外做功，则内能可能不变，也可能减小，故C错误；D、一定质量的气体温度不变时，体积减小，压强增大，说明每秒撞击单位面积器壁的分子数增多；故D正确；故选：D．【点评】：本题考查了布朗运动、分子力的相关知识及热力学第一定律；要明确布朗运动的特点和分子力的特点，特别是分子力，要分情况讨论．13．（3分）如图所示，在光滑的水平桌面上有一弹簧振子，弹簧劲度系数为k，开始时，振子被拉到平衡位置O的右侧A处，此时拉力大小为F，然后释放振子从静止开始向左运动，经过时间t后第一次到达平衡位置O处，此时振子的速度为v，在这个过程中振子的平均速度为（）A．大于B．等于C．小于D．0【考点】：简谐运动．【专题】：简谐运动专题．【分析】：平均速度等于这段位移与所需要的时间的比值．而位移则通过胡克定律由受力平衡来确定．【解析】：解：根据胡克定律，振子被拉到平衡位置O的右侧A处，此时拉力大小为F，由于经过时间t后第一次到达平衡位置O处，因做加速度减小的加速运动，所以这个过程中平均速度为=＞，故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】：考查胡克定律的掌握，并运用位移与时间的比值定义为平均速度，注意与平均速率分开，同时强调位移而不是路程，注意成立的条件是匀变速直线运动．14．（3分）水平线上的O点放置一点电荷，图中画出了电荷周围对称分布的几条电场线，如图所示．以水平线上的某点O′为圆心，画一个圆，与电场线分别相交于a、b、c、d、e，则下列说法正确的是（）A．b、e两点的电场强度相同B．b、c两点间电势差等于e、d两点间电势差C．a点电势高于c点电势D．电子在d点的电势能大于在b点的电势能【考点】：电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时两点的电场强度才相同；电势根据顺着电场线方向电势降低进行判断；根据对称性分析b、c 两点间电势差与b、e间电势差的关系．根据电势高低，判断电势能的变化．【解析】：解：A、由图看出，b、e两点电场强度的大小相等，但方向不同，而电场强度是矢量，所以b、e两点的电场强度不同，故A错误．B、根据对称性可知，b、c 两点间电势差与e、d两点间电势差都等于零，故B正确．C、根据顺着电场线电势逐渐降低可知，离点电荷O越远，电势越低，故a点电势低于c点电势．故C错误．D、d点的电势高于b点的电势，由E p=qφ=﹣eφ，则知电子在d点的电势能小于在b点的电势能，故D错误．故选：B．【点评】：常见电场的电场线分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意点电荷形成电场的对称性．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．15．（3分）如图，质量为M的小车放在光滑水平面上，小车上用细线悬吊一质量为m的小球，M＞m，用一力F水平向右拉小球，使小球和车一起以加速度a向右运动时，细线与竖直方向成α角，细线的拉力为T．若用一力F′水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a′向左运动时，细线与竖直方向也成α角，细线的拉力为T′．则（）A．a′＞a，T′=T B．a′=a，T′=T C．a′＜a，T′＞T D．a′＜a，T′＜T【考点】：牛顿第二定律．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：先对甲图中情况下的整体受力分析，运用牛顿第二定律列式，再对小球受力分析，运用牛顿第二定律列式，求出绳子的拉力T和加速度a；再对乙图中情况下的小球受力分析，运用牛顿第二定律求出绳子的拉力T′和加速度a′；再比较结果即可．【解析】：解：先对左图中情况下的整体受力分析，受重力、支持力和拉力根据牛顿第二定律，有F=（M+m）a ①再对左图中情况下的小球受力分析，如图根据牛顿第二定律，有F﹣Tsinα=ma ②Tcosα﹣mg=0 ③由以上三式可解得T=，a=再对右图中小球受力分析，如图由几何关系得：F合=mgtanα再由牛顿第二定律，得到a′=gtanα由于M＞m，故a′＞a，T′=T．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】：本题关键对小球和整体进行受力分析，求出合力，根据牛顿第二定律即可得出加速度和绳子拉力，再进行比较．16．（3分）两根相距为L的足够长的金属直角导轨如图所示放置，它们各有一部分在同一水平面内，另一部分垂直于水平面．质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为μ，导轨电阻不计，回路总电阻为2R．整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在平行于水平导轨的拉力F作用下以速度v1沿导轨匀速运动时，cd杆也正好以速度v2向下匀速运动．重力加速度为g．下列说法中正确的是（）A．ab杆所受拉力F的大小为B．cd杆所受摩擦力为零C．回路中的电流强度为D．μ与v1大小的关系为μ=【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：当导体棒ab匀速向右运动时，切割磁感线，cd运动时不切割磁感线，在回路中产生感应电流，从而使导体棒ab受到水平向左的安培力．导体棒cd受到水平向右的安培力，使导体棒和轨道之间产生弹力，从而使cd受到向上的摩擦力，把力分析清楚，然后根据受力平衡解答．【解析】：解：A、导体切割磁感线时产生沿abdca方向的感应电流，大小为：I=①导体ab受到水平向左的安培力，由受力平衡得：BIL+mgμ=F ②导体棒cd运动时，在竖直方向受到摩擦力和重力平衡，有：f=BILμ=mg ③联立以上各式解得：F=mgμ+，μ=．故选：D．【点评】：本题是双杆类型，涉及电磁感应过程中的复杂受力分析，解决这类问题的关键是，根据法拉第电磁感应定律判断感应电流方向，然后根据安培定则或楞次定律判断安培力方向，进一步根据运动状态列方程求解．三．多项选择题（共16分，每小题4分．每小题有二个或三个正确选项．全选对的得4分，选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分）17．（4分）在一些电磁现象中会产生一种特殊的电场，其电场线为一个个同心圆，没有起点和终点．如图所示，实线为电场线，方向为顺时针，虚线为经过圆心的一条直线．已知该电场线图象中某一点的场强大小与方向和静电场的电场线具有相同规律．则（）A．A点的场强比B点的场强大B．将一点电荷沿直线AB移动，电场力不做功C．将一点电荷从A点静止释放，点电荷会沿电场线做圆周运动D．在A点放上一正点电荷，点电荷将受到向左的电场力【考点】：电场．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：正电荷所受的电场力方向与场强方向相同；电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线越密，场强越大；电场线与等势线垂直，电荷沿同一等势面移动时，电场力不做功；点电荷从M点静止释放，只有电场线是直线时才会沿电场线运动．【解析】：解：A、电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线越密，场强越大，则知A点的场强比B点的场强小，故A错误．B、直线AB与电场线垂直，是一条等势线，将一点电荷沿直线AB移动，电场力不做功，故B正确．C、点电荷在A点所受的电场力沿电场线的切线方向，将点电荷从A点静止释放后，电场力将使该点电荷离开原电场线，所以点电荷不可能沿电场线做圆周运动．故C错误．D、A点场强方向沿电场线的切线方向，即向左，则在A点放上一正点电荷，该点电荷所受的电场力也向左．故D正确．故选：BD【点评】：本题关键要抓住题意：该电场与静电场规律的相似性，运用静电场的知识进行分析，难度适中．18．（4分）如图所示，一足够长的U型管内分别由水银封有L1、L2两部分气体，则下列陈述中正确的是（）A．只对L1加热，则h减小，气柱L2长度不变B．只对L1加热，则h减小，气柱L2长度减少C．使L1、L2同时升高相同的温度，则L1增大、h减小D．若在右管中注入一些水银，L1将增大【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：只加热时右边气体的压强保持不变，利用假设法判断左边气体体积的变化，若在右管中注入一些水银，L1将增大．【解析】：解：A、只对L1加热假设体积不变，则压强增大，所以L1增大、h减小，气柱L2长度不变，因为此部分气体做等温变化，故AC正确B错误D、若在右管中注入一些水银，L2压强增大，L1的压强与h长度的水银柱产生的压强加和随之增大，故L1将减小，故D错误故选：AC【点评】：做好本题的关键是知道两边气体压强大小的影响因素，再利用理想气体状态方程判断各物理量的变化．19．（4分）如图，电源内阻不能忽略，电流表和电压表均为理想电表，R1=R2＜R3＜R4，下列说法中正确的是（）A．若R2短路，电流表示数变小，电压表示数变小B．若R2断路，电流表示数变大，电压表示数为零C．若R1短路，电流表示数变小，电压表示数为零D．若R4断路，电流表示数变小，电压表示数变大【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：由图可知电路结构，可由各电阻的变化可知电路中总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可知电流的变化、内电压及路端电压的变化，再分析局部电路可得出电流有及电压表的示数的变化．【解析】：解：A、若R2短路，则外电路总电阻减小，电路中总电流增大，内电压增大，路端电压减小，而外电路并联，故流过A中的电流减小，即电流表示数减小，根据并联电路的规律知，通过R1的电流增大，R1两端的电压增大，则电压表的示数变大，故A错误；B、若R2断路，则总电阻增大，则电路中总电流减小，内电压减小，路端电压增大，电流表示数增大；因右侧电路断路，故电压表示数变为零，故B正确；C、若R1短路，电压表示数为零．外电阻减小，路端电压减小，则电流表示数变小，故C 正确；D、若R4断路，则总电阻增大，总电流减小，故路端电压增大，因右侧并联电路没有变化，故电流表示数增大；电压表示数增大，故D错误；故选：BC．【点评】：本题要明确：当电路中有短路时，电路中总电阻减小，总电流增大；而当电阻断路时，电路中总电阻增大．20．（4分）如图所示，均匀细杆AB质量为M，A端装有转轴，B端连接细线通过滑轮和质量为m的重物C相连，若杆AB呈水平，细线与水平方向夹角为θ时恰能保持平衡，则下面表达式中正确的是（）A．M=2msinθB．滑轮受到的压力为2mgC．杆对轴A的作用力大小为mgD．杆对轴A的作用力大小【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：先对C物体进行受力分析，由二力平衡得出绳子的拉力，然后对杆进行受力分析，由共点力的平衡即可求出杆的重力与绳子的拉力之间的关系．【解析】：解：A、由题可知，C物体受到重力和绳子的拉力处于平衡状态，所以绳子的拉力与C物体的重力大小相等，为mg；对杆AB进行受力分析如图，则：设AB杆的长度为L，由图可知，杆的重力产生的力矩是顺时针方向的力矩，力臂的大小是L；绳子的拉力产生的力矩是逆时针方向的力矩，力臂的大小是Lsinθ，过转轴的力不产生力矩，由力矩平衡得：所以：M=2msinθ①．故A正确；B、由题图可知，两根绳子的拉力的方向之间有夹角，所以两根绳子的拉力的合力大小要小于2mg，即滑轮受到的压力小于2mg．故B错误；C、由受力图可知，轴A对杆的作用力的方向的反向延长线一定过绳子的拉力的延长线与重力的作用线的交点，由于重力的作用线过杆的中点，所以可知力F与绳子的拉力与水平方向之间的夹角是相等的，并且力：Fcosθ=mgcosθ，所以F与绳子的拉力的大小也相等，即F=mg ②．则杆对轴A的作用力大小为mg．故C正确；D、联立①②可得：F=，所以杆对轴A的作用力大小也可以表达为．故D 正确．故选：ACD【点评】：该题同时考查共点力作用下物体的平衡与力矩平衡，解题的关键是正确画出杆的受力图，找出各个力的力臂，然后又力矩平衡条件即可解答．四．填空题（共20分，每小题4分）本大题中第22、23题为分叉题，考生可任选一题．若两题均做，一律按一题计分．21．（4分）如图所示实验装置可实现原子核的人工转变，当装置的容器内通入气体B时，荧光屏上观察到闪光．图中气体B是氮气，该原子核人工转变的核反应方程式是4He+714N→817O+11H．2【考点】：裂变反应和聚变反应．【专题】：衰变和半衰期专题．【分析】：卢瑟福用α粒子轰击氮核发现质子，并首次实现原子核的人工转变．【解析】：解：该装置是卢瑟福第一次完成了原子核的人工转变并发现了质子的实验装置，图中气体B是氮气，核反应方程为24He+714N→817O+11H，可知使荧光屏出现闪光的粒子是质子．故答案为：氮气；42He+147N→11H+178O【点评】：卢瑟福用α粒子轰击氮核发现质子并首次实现原子核的人工转变在历史上有着重要意义，要了解实验和该核反应方程．22．（4分）质量为100kg的小船沿东西方向静止在水面上，船两端站有质量分别为40kg和60kg的甲、乙两人，当甲、乙两人同时以3m/s的速率向东、向西跳入水中后，小船的速度大小为0.6m/s，方向向东．【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．【分析】：根据动量守恒定律分析，甲乙船三者组成的系统动量守恒．【解析】：解：甲乙船三者组成的系统动量守恒．规定向东为正方向．0=m甲v甲+m乙v乙+mv0=40×3﹣60×3+100vv=0.6速度v为正值，说明方向向东．故本题答案为：0.6，东．【点评】：解决本题的关键熟练运用动量守恒定律．23．有A、B两颗人造地球卫星，已知它们的质量关系为m A=3m B，绕地球做匀速圆周运动的轨道半径关系为r A=，则它们运行的速度大小之比为：1，运行周期之比为1：2．。

2015上海市各区高考物理二模分类汇编(专题一、力与物体的平衡)

专题一、力与物体的平衡（B 卷）一、单项选择题（每小题2分）。

1、、在如图所示装置中，质量为2m 的物体悬挂在轻绳上O 点，轻绳的一端固定在a 点，另一端绕过轻质滑轮b 后悬挂一质量为1m 的物体．已知悬点a 、b 间的距离远大于滑轮的直径，不计一切摩擦，整个装置处于静止状态，则 DA ．α一定等于βB ．α一定不等于βC ．1m 一定小于2mD ．1m 可能等于2m2、、(2015奉贤)8．如图，在斜面上木块A 与B 的接触面是水平的，绳子呈水平状态，两木块均保持静止。

则关于木块A 和木块B 受力个数不可能的(A)2个和4个 (B)3个和4个 (C)4个和4个 (D)4个和5个答案：B3静安、人站在地面上，先将两腿弯曲，再用力蹬地，就能跳离地面，人能跳起离开地面的原因是 B（A ）地面对人的作用力大于人对地面的作用力（B ）地面对人的作用力大于地球对人的引力（C ）人对地球的作用力大于地球对人的引力（D ）人除受地面的弹力外，还受到一个向上的力 4、长宁、将两个力F 1和F 2合成为一个力F ，下述正确的是C (A) F 1、F 2和F 是同一性质的力(B) F 1、F 2可能是作用在两个不同物体上的力 (C) F 作用的效果与F 1、F 2同时作用的效果相同 (D) F 1、F 2和F 是同时作用在同一物体上的实际的力二、单项选择题（每小题3分）1崇明、如图所示，一只小鸟沿着较粗均匀的树枝从右向左缓慢爬行，在小鸟从A 运动到B 的过程中B A ．树枝对小鸟的作用力先减小后增大 B ．树枝对小鸟的摩擦力先减小后增大C ．树枝对小鸟的弹力先减小后增大D ．树枝对小鸟的弹力保持不变a bm 1m 2α βO AB2、崇明、如图所示是一个单边斜拉桥模型，均匀桥板重为G ，可绕通过O 点的水平固定轴转动．7根与桥面均成30°角的平行钢索拉住桥面，其中正中间的一根钢索系于桥的重心位置，其余成等距离分布在它的两侧．若每根钢索所受拉力大小相等且等于F，则 BA ．17F G =B ．27F G =C ．37F G =D ．47F G =3、(2015奉贤)13．如图所示，光滑小球放置在半球面的底端，竖直放置的挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动(始终未脱离球面)的过程中，挡板对小球的推力F 、半球面对小球的支持力F N的变化情况正确的是（A ）F 增大，F N 减小（B ）F 减小，F N 增大（C ）F 减小，F N 减小（D ）F 增大，F N 增大答案：D4虹口、电视台体育频道讲解棋局的节目中通常有一个竖直放置的棋盘。

上海市虹口区2015届高考练习(二模)物理试题(含答案解析)

【KS5U解析】上海市虹口区2015届高考练习（二模）物理试题（含答案解析）高考真题高考模拟高中联考期中试卷期末考试月考试卷学业水平同步练习【KS5U解析】上海市虹口区2015届高考练习（二模）物理试题（含答案解析）1 关于科学家的贡献，下列叙述中正确的是（）A．牛顿创立了微积分B．法拉第最早发现了电流的磁效应C．库仑最先准确测出了电子的电量D．亚里士多德首先提出了惯性的概念【答案解析】 A：解：A、牛顿创立了微积分，故A正确；B、奥斯特最早发现了电流的磁效应，故B错误；C、密立根首次比较准确测出电子的电量，故C错误；D、牛顿首先提出了惯性的概念，故D错误；故选：A【点评】：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2 关于原子核的变化，下列说法中正确的是（）A．温度越高，放射性元素的半衰期越长B．天然放射现象说明原子是可以再分的C．重核在裂变过程中向外界放出巨大的核能D．α粒子散射实验说明了原子核是可以再分的【答案解析】 C：解：A、半衰期与外界因素无关，故A错误；B、天然放射现象说明原子核内部是有结构的，并不是原子可以再分的，故B错误；C、重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能，故C正确；D、卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构，故D错误；故选：C．【点评】：本题考查了原子核的知识和物理学史，象半衰期和裂变、聚变的知识都是考查的重点，要重点掌握．3 有关宇宙的理解，下列说法中正确的是（）A．质量越大的恒星寿命越长B．太阳发出的光和热来自于碳、氧等物质的燃烧C．在天空中呈现暗红色的恒星的温度比呈现白色的恒星的温度高D．由于光速有限，因此观察遥远的天体就相当于观察宇宙的过去【答案解析】 D：解：A、质量越大的恒星寿命越短，故A错误；B、太阳发出的光和热来自于在太内部阳进行着大规模的核聚变释放的能量，故B错误B、恒星的颜色是由温度决定的，温度越低，颜色越偏红，温度越高，颜色越偏蓝．故在天空中呈现暗红色的恒星的温度比呈现白色的恒星的温度低．故C错误D、由于光速有限，遥远的天体发出的光线到达我们时，我们看到的是过去的宇宙射线；故因此观察遥远的天体就等于在观察宇宙的过去，故D正确故选：D【点评】：本题考查学生对恒星的理解，本部分属于记忆型的内容，要求在平时的学习中要对积累相关的知识，做到处处留心．4 用光照射某种金属，有光电子从金属表面逸出．如果换一种频率更大、强度较弱的光照射该金属，则（）A．单位时间内逸出的光电子数减少，光电子的最大初动能减小B．单位时间内逸出的光电子数增大，光电子的最大初动能减小C．单位时间内逸出的光电子数减少，光电子的最大初动能增大D．单位时间内逸出的光电子数增大，光电子的最大初动能增大【答案解析】 C：解：根据光电效应方程Ekm=hγ﹣W0得，光强度不影响光电子的最大初动能，光电子的最大初动能与入射光的频率有关；光电效应的条件是入射光的频率大于极限频率，与光的强度无关；换一种频率更大的光，则光电子的最大初动能增大；入射光的强度影响单位时间内发出光电子的数目，光的强度减弱，单位时间内发出光电子数目减少．故ABD错误，C正确．故选：C．【点评】：解决本题的关键掌握光电效应的条件，以及知道光的强度不影响能否发生光电效应，只影响单位时间内发出光电子的数目．5 下列说法中，正确的是（）A．只有热传递才可以改变物体的内能B．气体温度越高，每个分子运动的速率一定越大C．布朗运动是指在显微镜下观察到的液体分子的无规则运动D．热量不可能由低温物体传给高温物体而不发生其他变化【答案解析】 D：解：A、改变物体内能的方式有做功和热传递，故A错误；B、温度是分子平均动能的标志，而不是每个分子动能的标志，高温物体也有速率小的分子，故B错误；C、布朗运动的现象是固体微粒的无规则运动，反映的是液体分子的无规则运动，故C错误；D、热量不能自发的从低温物体传给高温物体，但在引起其它变化的情况下可以由低温物体传给高温物体，故D正确；故选：D．【点评】：该题的关键是掌握布朗运动的现象和实质，此考点为考察热点，要注意掌握牢固．6 伽利略研究变速运动规律时做了著名的“斜面实验”：他测量了铜球在较小倾角斜面上运动的位移和时间，发现位移与时间的平方成正比，增大斜面倾角，该规律仍然成立．于是，他外推到倾角为90°的情况，得出结论（）A．自由落体运动是一种匀变速直线运动B．力是使物体产生加速度的原因C．力不是维持物体运动的原因D．物体具有保持原来运动状态的惯性【答案解析】 A：解：铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的情况就是90°时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动．故选：A【点评】：该题属于实验推论题，要求同学们正确理解科学家的基本观点和佐证实验，该题难度不大，属于基础题．7 科学家在研究某两个重离子结合成超重元素的反应时，发现生成超重元素的原子核经过6次α衰变后的产物是．则元素的原子序数和质量数分别为（）A． 112、265 B． 112、277 C． 124、259 D． 124、265【答案解析】 B：解：每经过一次α衰变质量数少4，质子数少2，经过6次α衰变质量数减少24，质子数减少12，超重元素的原子序数和质量数分别，100+12=112，253+24=277，故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】：本题考查了原子核的组成以及质量数和电荷数守恒在衰变方程中的应用，对于这些基础知识，注意平时加强理解与练习．8 （多选题）一物体在四个共点力作用下做匀速直线运动．若突然撤去一个沿运动方向的力，其余三个力保持不变，则物体做（）A．匀速圆周运动 B．匀加速直线运动C．类平抛运动 D．匀减速直线运动【答案解析】 BCD：解：A、其余三个力的合力恒定，而匀速圆周运动合力一直指向圆心，是变力，所以物体不可能做匀速圆周运动．故A错误；B、C、D、有一个作匀速直线运动的物体受到四个力的作用，这四个力一定是平衡力，如果其中的一个力突然消失，剩余的三个力的合力与撤去的力等值、反向、共线，这个合力恒定不变，故做匀变速运动．若物体的速度方向与此合力方向相同，则物体将匀加速直线运动；若物体的速度方向与此合力方向相反，则物体将匀减速直线运动；若物体的速度方向与此合力方向垂直，则物体将类平抛运动，故B正确，C正确，D正确．故选：BCD【点评】：本题考查了曲线运动的条件以及共点力平衡的知识，关键根据平衡得到其余三个力的合力恒定，然后结合曲线运动的条件分析．9 电视台体育频道讲解棋局的节目中通常有一个竖直放置的棋盘．该棋盘具有磁性，每个棋子都可视为能被棋盘吸引的小磁体．对于静止在棋盘上的棋子，下列说法中正确的是（） A．棋盘对棋子施加三个力的作用B．磁力越大，棋子所受的摩擦力也越大C．棋盘对棋子总的作用力比棋子的重力大D．只要磁力足够大，即使棋盘光滑，棋子也能静止在棋盘上【答案解析】 A：解：A、小棋子受到重力G、棋盘面的吸引力F、弹力N和静摩擦力f，那么棋盘对棋子施加三个力的作用，故A正确．B、棋盘对棋子的吸引力与棋盘面对棋子的弹力平衡；而静摩擦力与棋子的重力平衡，与磁力大小无关，故B错误．C、由A选项分析可知，棋盘对棋子总的作用力与棋子的重力相平衡，故C错误．D、当G＞fm=μN=μF时，棋子将下滑，故D错误．故选：A．【点评】：掌握平衡力时应注意其关键点：二力是作用在同一个物体上的，明确这一点即可与作用力与反作用力进行区分．10 将一只苹果水平抛出，苹果在空中依次飞过三个完全相同的窗户1、2、3，图中曲线为苹果在空中运行的轨迹，不计空气阻力．下列说法中正确的是（）A．苹果通过第1个窗户所用的时间最短B．苹果通过第1个窗户的过程中，重力做功最多C．苹果通过第3个窗户的过程中，重力的平均功率最大D．苹果通过第3个窗户的过程中，竖直方向的平均速度最小【答案解析】 C：解：A、平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，速度越来越快，可知通过相同竖直位移所用的时间越来越短，所以通过第3个窗户时间最短，故A错误．B、通过三个窗户下降的高度相同，则重力做功相同，故B错误．C、通过第3个窗户时间最短，根据P=知，重力的平均功率最大，故C正确．D、苹果通过第3个窗户的过程中，由于时间最少，则竖直方向的平均速度最大，故D错误．故选：C．【点评】：解决本题的关键知道重力做功与路径无关，与首末位置的高度差有关，知道平均功率等于重力做功与时间的比值，基础题．11 用于火灾报警的离子烟雾传感器如图所示．在网罩Ⅰ内有电极Ⅱ和Ⅲ，a、b两端接电源，Ⅳ是一小块放射性同位素镅241，它能放射出一种很容易使空气电离的粒子．正常情况下镅241放射出的粒子使两个极板间的空气电离，在a、b间形成较强的电流；发生火灾时，大量烟雾进入网罩Ⅰ内，烟尘颗粒吸收其中的带电粒子，导致电流发生变化，从而报警．下列说法中正确的是（）A．镅241射出的是α粒子，有烟雾时电流增强B．镅241射出的是α粒子，有烟雾时电流减弱C．镅241射出的是β粒子，有烟雾时电流增强D．镅241射出的是β粒子，有烟雾时电流减弱【答案解析】 B：解：放射性同位素镅241，它能放射出一种很容易使气体电离的粒子，知该粒子是α粒子．发生火灾时，烟雾进入网罩内，烟尘颗粒吸收空气中的离子和镅发出的粒子，使得电流减弱．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】：在三种射线中，α射线的电离能力最强，烟雾进入网罩内，烟尘颗粒吸收空气中的离子和镅发出的粒子，使得烟雾电流减弱．12 如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量异号点电荷分别位于椭圆的两个焦点M、N上．下列说法中正确的是（）A． O点的电场强度为零B． A、B两点的电场强度相同C． C点的电势高于D点的电势D．将电荷+q沿C、D连线从C移到D的过程中，电势能先减少后增加【答案解析】 B：解：A、根据等量异种电荷电场线的特点可知，O点场强的方向向右，不是0．故A错误B、根据等量异种电荷电场线的特点可知，A点场强的方向向左，B点场强的方向向左，两点场强的大小相等．故B正确．C、根据等量异种电荷电场线、等势面分布特点知，OCD在同一条等势线上，所以D点电势等于C点电势．故C错误．D、根据等量异种电荷电场线、等势面分布特点知，OCD在同一条等势线上，所以D点电势等于C点电势，试探电荷从O处移到C处电场力不做功．电势能始终不变．故D错误故选：B【点评】：这类问题要巧妙利用电场线、等势面分布对称性的特点，再根据电场线方向判断电势高低，电场线的疏密判断场强的大小13 一列简谐横波沿x轴正方向传播，图（甲）是t=3s时的波形图，图（乙）是波中某质点P的振动图象，下列判断中正确的是（）A．质点P在t=3s 时沿y轴负方向振动B．质点P在t=3s时的速度为零C．质点P的平衡位置坐标可能是x=4cmD．该简谐波的波速为1m/s【答案解析】 C：解：A、由图乙知，t=3s时图象切线的斜率为正值，说明质点P此时正沿y轴正方向振动，故A错误．B、由图乙知，t=3s时质点P的位移为0，正通过平衡位置，速度最大，故B错误．C、由图甲知，简谐横波沿x轴正方向传播，x=4cm处的质点正通过平衡位置向上，与质点P 在t=3s时的状态相同，所以质点P的平衡位置坐标可能是x=4cm，故C正确．D、由甲读出波长λ=4cm，由图乙读出周期T=4s，则该波的波速v==1cm/s．故D错误．故选：C．【点评】：本题考查基本的读图能力，由波动图象读出波长，由波的传播方向判断质点的振动方向，由振动图象读出周期，判断质点的振动方向等等都是基本功，要加强训练，熟练掌握．14 如图所示，一圆形闭合小铜环从高处由静止开始下落，穿过一根竖直悬挂的、质量为m 的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中心轴线始终保持重合．则细绳中弹力F随时间t的变化关系图象可能是（）A BCD 【答案解析】 B：解：铜环闭合，铜环在下落过程中，穿过铜环的磁通量不断变化，铜环中产生感应电流；由楞次定律可知，感应电流总是阻碍磁体间的相对运动，当铜环在磁铁上方时，感应电流阻碍铜环靠近磁铁，给铜环一个向上的安培力，因此拉力大于重力；当铜环位于磁铁下方时，铜环要远离磁铁，感应电流阻碍铜环的远离对铜环施加一个向上的安培力，则拉力大于重力；当铜环处于磁铁中央时，磁通量不变，则没有感应电流，没有安培阻力，因此拉力等于重力，故ACD错误，B正确．故选：B．【点评】：该题考查了楞次定律的应用，应全面、正确理解楞次定律中“阻碍”的含义．该题也可以由楞次定律的规范化的步骤来解答，比较麻烦．15 如图所示，直线A为某电源的U﹣I图线，曲线B为标识不清的小灯泡L1的U﹣I图线，将L1与该电源组成闭合电路时，L1恰好能正常发光．若将相同材料制成的标有“3V，20W”的灯泡L2与该电源组成闭合电路，下列说法中正确的是（）A．电源的内阻为ΩB．把灯泡L1换成L2，L2可能正常发光C．把灯泡L1换成L2，电源的输出功率可能相等D．把灯泡L1换成L2，电源的输出功率一定变小【答案解析】 C：解：A、由图读出电源的电动势为 E=4V，图线A的斜率大小表示电源的内阻，则 r=Ω=0.5Ω，故A错误；BCD、灯泡与电源连接时，A、B两图线的交点表示灯泡的工作状态，则知其电压U=3V，I=2A，则灯泡L1的额定电压为3V，功率为=UI=6W．把灯泡L1换成“3V，20W”的灯泡L2，不能正常发光，而由P=知：灯泡L2的正常工作时的电阻为 R2===0.45Ω灯泡L1的电阻为R1==Ω=1.5Ω，则知灯泡L2的电阻更接近电源的内阻，电源的输出功率可能相等，且电源的输出功率将变大，故BD错误，C正确；故选：C．【点评】：解决这类问题的关键在于从数学角度理解图象的物理意义，抓住图象的斜率、面积、截距、交点等方面进行分析，更加全面地读出图象的物理内涵．16 将一小球以20m/s的初速度竖直上抛，经3.5s落回原处．已知空气阻力的大小与速率成正比，则小球落回原处的速度大小为（）A． 5m/s B． 10m/s C． 12.5m/s D． 15m/s【答案解析】 D：解：在上升过程中物体的加速度为a1=，设上升过程所用时间为t在时间他内上升的高度为h=，下降过程中加速度为，下降过程所需时间为3.5﹣t下降的高度h=，落地时的速度为v=，联立解得v=15m/s．故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】：本题主要考查了利用微元法表示位移和速度，抓住题目中给的信息即可顺利解决．17 （多选题）英国物理学家托马斯•杨巧妙地解决了相干光源问题，第一次在实验室观察到了光的干涉现象．图为实验装置简图，M为竖直线状光源，N和O均为有狭缝的遮光屏，P 为像屏．现有四种刻有不同狭缝的遮光屏，实验时正确的选择是（）A． N应选用遮光屏1 B． N应选用遮光屏3C． O应选用遮光屏2 D． O应选用遮光屏4【答案解析】 AC：解：单缝衍射条纹宽度是中央亮纹最宽；双缝干涉的图线是明暗相间的条纹，条纹间距等宽；是双缝干涉；因此要先通过单缝后找到双缝上，形成相干光源，则N应选用遮光屏1，O应选用遮光屏2；故AC正确，BD错误故选：AC．【点评】：本题关键明确双缝干涉条纹和单缝衍射条纹的区别，注意确定遮光屏与条纹的方向关系是解题的关键．18 （多选题）将横截面积为S的圆柱形气缸固定在铁架台上，内有可自由移动的轻质活塞，活塞通过轻杆与重物m相连，将一团燃烧的轻质酒精棉球经阀门K放置于活塞上，棉球熄灭时立即关闭阀门K，此时活塞距离气缸底部为L．之后，缸内气体冷却至环境温度时，重物上升高度为．已知环境温度恒为27℃，外界大气压为p0，缸内气体可以看作是理想气体，则（）A．重物离开地面稳定后，气体压强可能大于p0B．重物离开地面稳定后，气体压强一定小于p0C．酒精棉球熄灭的瞬间，缸内气体的温度t可能等于120℃D．酒精棉球熄灭的瞬间，缸内气体的温度t可能等于140℃【答案解析】 BD：解：酒精棉球熄灭时，活塞受到封闭气体向下的压力，大气压向上的支持力，由平衡得：P1S=P0S解得：P1=P0此时体积为：V1=LS，温度为：T1=273+t重物被吸起稳定后，活塞受绳子得拉力，封闭气体向下得压力和大气压向上得支持力，由平衡得：P2S+mg=P0S解得：P2=P0﹣＜P0此时体积为：V2=0.75LS，温度为T2=273+27K=300K有理想气体状态方程得：t=140℃故选：BD【点评】：本题得关键是以活塞为研究对象，受力分析利用平衡求出初末状态压强，然后利用理想气体状态方程列式即可求解19 （多选题）如图所示，一位同学玩飞镖游戏．圆盘最上端有一P点，飞镖抛出时与P 等高，且距离P点为L．当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动．忽略空气阻力，重力加速度为g，若飞镖恰好击中P点，则（）A．飞镖击中P点所需的时间为B．圆盘的半径可能为C．圆盘转动角速度的最小值为D． P点随圆盘转动的线速度可能为【答案解析】 AD：解：A、飞镖水平抛出做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，因此t=，故A正确．B、飞镖击中P点时，P恰好在最下方，则2r=，解得圆盘的半径 r=，故B错误．C、飞镖击中P点，则P点转过的角度满足θ=ωt=π+2kπ（k=0，1，2…）故ω==，则圆盘转动角速度的最小值为．故C错误．D、P点随圆盘转动的线速度为v=ωr=•=当k=2时，v=．故D正确．故选：AD．【点评】：本题关键知道恰好击中P点，说明P点正好在最低点，利用匀速圆周运动的周期性和平抛运动规律联立求解．20 (多选题)如图（甲）所示，相距为2L的光滑平行金属导轨水平放置，右侧接有定值电阻R，导轨电阻忽略不计，OO′的左侧存在垂直于导轨平面向下、磁感应强度为B的匀强磁场．在OO′左侧L处垂直导轨放置一质量为m、电阻为0.5R的金属杆ab，ab在恒力F的作用下由静止开始向右运动3L的距离，其速度与位移的变化关系如图（乙）所示．下列判断中正确的是（）A． ab即将离开磁场时，安培力的大小为B．整个运动的过程中，通过电阻R上的电量为C． ab即将离开磁场时，加速度的大小为D．整个过程中，电阻R上产生的焦耳热为m（v22﹣3v12）【答案解析】 BCD：解：A、ab即将离开时，速度为v1，电动势E=2BLv1，电流I=；安培力F=2BIL=；故A错误；B、整个过程中，磁通量的变化量为△Φ=2BL2；产生的电量q===；故B正确；C、ab杆在离开磁场前瞬间，水平方向上受安培力F安和外力F作用，设加速度为a，则 F安=BILI=a=联立解得：a=﹣；故C正确；D、ab杆在位移L到3L的过程中，由动能定理得：F（3L﹣L）=ab杆在磁场中发生L位移过程中，恒力F做的功等于ab杆增加的动能和回路产生的电能（即电阻R上产生的电热Q1），由能量守恒定律得：FL=联立解得：Q1=；故D正确；故选：BCD．【点评】：本题考查导体切割磁感线中的能量转化规律；要能够把法拉第电磁感应定律与电路知识结合运用．电磁感应中动力学问题离不开受力分析和运动过程分析．关于电磁感应中能量问题我们要从功能关系角度出发研究．21 如图所示，R为一含有的放射源，它能放出α、β、γ三种射线，变为．LL′为一张厚纸板，MN为涂有荧光物质的光屏，虚线框内存在平行于边界ab的匀强电场．若射线正对光屏的中心O点射出，在光屏上只观察到O、P两个亮点，则打在O点的是射线，虚线框内匀强电场的方向（选填“由a指向b”或“由b指向a”）．【答案解析】γ；由b指向a．：解：α、β、γ三种射线中γ射线不带电，在电场中不偏转，所以打在O点的是γ射线．一张纸就能挡住α射线，所以打在P点的是β射线，而β粒子带负电，要使β射线向下偏转，虚线框内匀强电场的方向应由b指向a．故答案为：γ；由b指向a．【点评】：本题考查了三种射线的特点，知道α、β和γ电离本领依次减弱，贯穿本领依次增强，γ射线不带电，特别要记住一张纸就能挡住的是α射线．22 如图所示，气球吊着A、B两个重物以速度v匀速上升，已知A与气球的总质量为m1，B的质量为m2，且m1＞m2．某时刻A、B间细线断裂，当气球的速度增大为2v时，B的速度大小为，方向．（不计空气阻力）【答案解析】，竖直向下：解：规定向上为正方向，根据动量守恒定律得：（m1+m2）v=m1•2v+m2v′，解得：，因为m1＞m2．所以v′为负值，可知方向竖直向下，大小为：．故答案为：，竖直向下【点评】：解决本题的关键知道气球、A、B组成的系统竖直方向上合力为零，动量守恒，运用动量守恒定律解题时注意公式的矢量性．23 北斗一号卫星系统的三颗卫星均定位在距离地面36000km的地球同步轨道上，而GPS系统中的24颗卫星距离地面的高度均为20000km，已知地球半径为6400km．则北斗一号卫星线速度的大小 GPS卫星线速度的大小（选填“大于”、“小于”或“等于”）； GPS卫星加速度的大小约为北斗一号卫星的倍（取2位有效数字）．【答案解析】小于，2.6：解：根据万有引力提供向心力得：，解得：v=，a=，因为北斗一号卫星的半径大于GPS卫星的半径，所以北斗一号卫星线速度的大小小于GPS卫星线速度的大小，．故答案为：小于，2.6【点评】：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力公式：，特别注意卫星的轨道半径等于卫星离地面的高度加上地球的半径，难度不大，属于基础题．24 图示为一列沿x轴负方向传播的机械波，实线和虚线分别为t时刻和t+△t时刻的波形，B和C是横坐标分别为d和3d的两个质点．则t时刻质点B的振动方向为y轴正方向，该波的波速为（其中k=1，2，3…）．【答案解析】 y轴正方向，，：解：波沿x轴负方向传播，运用波形平移法分析知，t时刻质点B的振动方向为y轴正方向．由图知，该波的波长为λ=3d（其中k=1，2，3…）．根据波的周期性，可知波在△t时间传播的距离为△x=kλ+d=3kd+，则波速为 v==，（其中k=1，2，3…）．故答案为：y轴正方向，，（其中k=1，2，3…）．【点评】：本题是多解问题，关键要理解波的周期性及重复性，是会通过波形微平移法得到波的传播距离的通项，最后求解传播速度通项．25 如图所示，在竖直平面内有两根质量相等的均匀细杆A和C，长度分别为60cm和40cm，它们的底端相抵于地面上的B点，另一端分别搁置于竖直墙面上，墙面间距为80cm，不计一切摩擦．系统平衡时两杆与地面的夹角分别为α和β，两侧墙面所受压力的大小分别为FA和FC，则FAFC（选填“大于”、“小于”或“等于”），夹角β=．【答案解析】等于；37°：解：对整体分析，整体处于平衡状态，整体在水平方向上受到两侧墙壁的弹力，可知FA=FB，对AB分析，A受到重力、墙壁的弹力、地面对它的支持力以及BC对AB的作用力，同样度BC分析，受重力、墙壁的弹力、AB对BC的作用力，和地面的支持力，因为两杆重力相等，墙壁的作用力相等，根据平衡知，α=β，根据xABcosα+xBCcosβ=d，可知（60+40）cosβ=80，解得β=37°．故答案为：等于；37°【点评】：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，掌握整体法和。

2015年上海市奉贤区高考物理二模试卷(含详解)

2015年上海市奉贤区高考物理二模试卷一、单项选择题Ⅰ（共16分，每小题2分．每小题只有一个正确选项．）1．（2分）下列属于标量的物理量是（）A．平均速度B．电场强度C．磁感应强度D．电流强度2．（2分）二十世纪初，为研究物质的内部结构，物理学家做了大量的实验，如图装置的实验是（）A．α粒子散射实验B．发现质子的实验C．发现电子的实验D．发现中子的实验3．（2分）下列核反应属于α衰变的是（）A．B+He→N+nB．Al+H→Mg+HeC．T h→Ra+HeD．H+H→He4．（2分）一颗恒星的寿命取决于（）A．体积B．质量C．温度D．离地球的距离5．（2分）如图所示的4种明暗相间的条纹，分别是红光、蓝光各自通过同一个双缝干涉仪器和同一单缝衍射仪器形成的图样（灰黑色部分表示亮纹）．则属于蓝光的干涉图样的是（）A．B．C．D．6．（2分）两个分子相距r1时，分子力表现为引力，相距r2时，分子力表现为斥力，则（）A．相距r1时，分子间没有斥力存在B．相距r2时的斥力大于相距r1时的斥力C．相距r2时，分子间没有引力存在D．相距r1时的引力大于相距r2时的引力7．（2分）做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量减小为原来的，摆球经过平衡位置时速度增大为原来的2倍，则单摆振动的（）A．频率、振幅都不变B．频率、振幅都改变C．频率不变、振幅改变D．频率改变、振幅不变8．（2分）如图，在斜面上木块A与B的接触面是水平的，绳子呈水平状态，两木块均保持静止．则关于木块A和木块B受力个数不可能的（）A．2个和4个B．3个和4个C．4个和4个D．4个和5个二、单项选择题Ⅱ（共24分，每小题3分．每小题只有一个正确选项．）9．（3分）关于光的说法正确的是（）A．有的光是波，有的光是粒子B．光子可以被电场加速C．光的波长越长，其波动性越显著D．大量光子产生的效果往往显示粒子性10．（3分）趣味投篮比赛中，运动员站在一个旋转较快的大平台边缘上，相对平台静止，向平台圆心处的球筐内投篮球．则如图（各俯视图）篮球可能被投入球筐（图中箭头指向表示投篮方向）的是（）A．B．C．D．11．（3分）将一个“6V、6W”的小灯甲连接在内阻不能忽略的电源上，小灯恰好正常发光，现改将一个“6V、3W”的小灯乙连接在这一电源上，则（）A．小灯乙可能正常发光B．小灯乙一定正常发光C．小灯乙可能因电压较低而不能正常发光D．小灯乙可能因电压过高而烧毁12．（3分）如图为伽利略设计的一种测温装置示意图，玻璃管的上端与导热良好的玻璃泡连通，下端插入水中，玻璃泡中封闭有一定量的空气．若玻璃管内水柱上升，则导致原因可能是外界大气（）A．温度降低，压强增大B．温度升高，压强不变C．温度升高，压强减小D．温度不变，压强减小13．（3分）如图所示，光滑小球放置在半球面的底端，竖直放置的挡板水平向右缓慢地推动小球，则在小球运动（始终未脱离球面）的过程中，挡板对小球的推力F、半球面对小球的支持力F N的变化情况正确的是（）A．F增大，F N减小B．F减小，F N增大C．F减小，F N减小D．F增大，F N增大14．（3分）如图所示，将小球甲、乙、丙（都可视为质点）分别从A、B、C三点由静止同时释放，最后都到达竖直面内圆弧的最低点D，其中甲是从圆心A 开始做自由落体运动，乙沿弦轨道从与圆心等高的B到达D，丙沿圆弧轨道从C点（很靠近D点）运动到D．忽略一切阻力，则正确的是（）A．甲球最先到达D点，乙球最后到达D点B．甲球最先到达D点，丙球最后到达D点C．丙球最先到达D点，乙球最后到达D点D．甲球最先到达D点，无法判断哪个球最后到达D点15．（3分）如图，闭合铜环由高处从静止开始下落，穿过一根竖直悬挂的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴线始终保持重合．若取磁铁中心O 为坐标原点，建立竖直向下为正方向的x轴，则下图中最能正确反映环中感应电流i随环心位置坐标x变化的关系图象是（）A．B．C．D．16．（3分）水平路面上行驶的汽车所受到的阻力大小f与汽车行驶的速率成正比。

2015上海市各区高考物理二模分类汇编(专题十二、物理实验——力、热)

专题十二、物理实验——力、热一、互成角度的两个共点力的合成的实验 1、 2、二、研究匀变速直线运动28．（8分）某研究性学习小组用图示装置来测定当地重力加速度，主要操作如下： ①由静止释放小铁球，用光电计时器记录小铁球在两个光电门间的运动时间t ，②用刻度尺测量出两个光电门之间的高度h ，并计算出小铁球通过两光电门间的平均速度v ； ③保持光电门1的位置不变，改变光电门2的位置，重复①的操作．测出多组（h ，t ），计算出对应的平均速度v ；④画出v -t 图像。

请根据实验，回答如下问题：（1）设小铁球到达光电门1时的速度为v 0，当地的重力加速度为g ．则小铁球通过两光电门间平均速度v 的表达式为v =012v gt．（用v 0、g 和t 表示）（2）实验测得的数据如下表：请在坐标纸上画出v -t 图像．实验次数 1 2 3 4 5 6 h （cm ） 10.00 20.00 30.00 40.00 50.00 60.00 t ( s )0.0690.1190.1590.1950.2260.255v ( m/s )1.45 1.68 1.892.05 2.21 2.35 （3）根据v -t 图像，可以求得当地重力加速度g =9.6（9.3-9.9） m/s 2，试管夹到光电门1的距离约为6.3（5.8-6.7）（cm ．t ( sv (m / s ) 1 . 001 . 201 . 401 . 60 1 . 802 . 00 2 . 202 . 400 . 30 1 . 41 . 61 . 82 . 02 . 22 . 428．（6分）如图，将长直木板B 支成斜面，挡光片P 固定在小车C 的前端，光电门G 固定在木板的侧面A 处。

让小车在斜面上的同一位置O 由静止释放，分别测得宽度Δx 为2cm 、4cm 、6cm 、8cm 、10cm 不同挡光片的挡光时间Δt (每次实验时挡光片的前沿均与小车的前端对齐)，并计算出各次挡光片通过光电门的平均速度v (v ＝ΔxΔt)，画出v Δt 图像如图。

2015年上海市普陀区高考物理二模试卷分析

2015年上海市普陀区高考物理二模试卷一、单项选择题（共16分，每题2分，每题只有一个正确选项．）1．(★★★★)如图，是一种小型验钞器，能显示纸币上的防伪标志．它能发射（）A．X射线B．紫外线C．可见光D．红外线2．(★★★★)在核反应堆中，为了使快中子的速度减慢，可选用作为中子减速剂的物质是（）A．水B．镉C．氧D．氢3．(★★★)升降机以加速度a竖直向上做匀加速运动，当速度为v时，有一螺帽从升降机的顶部脱落，这时螺帽相对地的加速度和速度大小分别为（）A．g-a，vB．g+a，vC．a，0D．g，v4．(★★★★)当小车向右做匀加速运动时，两个小球的受力情况（）A．A球受3个力作用，B球受2个力作用B．A球受2个力作用，B球受3个力作用C．A球受3个力作用，B球受3个力作用D．A球受2个力作用，B球受2个力作用5．(★★★★)关于光的本性，下列说法正确的是（）A．光电效应反应光的波动性B．光子的能量由光的强度所决定C．光的波粒二象性是将牛顿的波动说和惠更斯的粒子说有机地统一起来D．光在空间传播时，是不连续的，是一份一份的，每一份叫做一个光子6．(★★★★)下列说法正确的是（）A．布朗运动是指在显微镜下观察到的液体分子的无规则运动B．物体吸热时，它的内能一定增加C．分子间距离增大时，分子间的引力、斥力都减小D．用阿伏伽德罗常数和某种气体的密度，就可以求出该种气体的分子质量7．(★★★)如图为某时刻简谐横波的图象，波的传播方向沿x轴正方向，下列说法正确的是（）A．质点A、D的振幅不相等B．质点B、E的速度大小和方向相同C．质点D正沿y轴负方向运动D．质点C、F的加速度为零8．(★★★)一弹簧振子做简谐运动，周期为T，下列说法正确的是（）A．若△t=，则在△t时间内振子经过的路程为一个振幅B．若△t=，则在△t时间内振子经过的路程为两个振幅C．若△t=，则在t时刻和（t+△t）时刻振子的位移一定相同D．若△t=，则在t时刻和（t+△t）时刻振子的速度一定相同二、单项选择题（共24分，每题3分，每题只有一个正确选项．）9．(★★★★)如图，真空中以O点为圆心、Oa为半径的圆周上等间距分布a、b、c、d、e、f、g、h八个点，a、e两点放置等量异种点电荷+Q和-Q，下列说法正确的是（）A．b、d、f、h的电场强度相同B．b、d、f、h的电势相等C．在c点由静止释放的电子将沿cg连线做匀加速直线运动D．将一电子由b点沿bcd圆弧移到d点，电子的电势能一直增大10．(★★★)根据有关放射性知识，下列说法正确的是（）A．某原子核的半衰期为3.8天，若取4个原子核，经7.6天后就剩下一个氢原子核B．β衰变中产生的β射线实际上是源自核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C．发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2D．在三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强11．(★★★★)如图为某控制电路，由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R 1、R 2及电位器（滑动变阻器）R连接而成，L 1、L 2是两个指示灯．当电位器的触片由b端滑向a端时，下列说法正确的是（）A．L1、L2都变亮B．L1、L2都变暗C．L1变亮，L2变暗D．L1变暗，L2变亮12．(★★★★)如图，长为L的粗糙长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块．现缓慢抬高A端，使木板以左端为轴转动．当木板转到与水平面的夹角为α时，小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端，重力加速度为g．下列说法正确的是（）A．整个过程支持力对物块做功为零B．整个过程支持力对物块做功为mgLsinαC．整个过程木板对物块做功为零D．整个过程木板对物块做功大于物块机械能的增量13．(★★★)如图，光滑平面上一质点以速度v通过原点O，v与x轴正方向成α角，与此同时对质点加上沿x轴正方向的恒力F x和沿y轴正方向的恒力F y，下列说法正确的是（）A．质点一定做曲线运动B．质点不可能做直线运动C．如果F y＞F x，质点向y轴一侧做曲线运动D．如果F x＞F y cotα，质点向x轴一侧做曲线运动14．(★★★)如图，穿在一根光滑的固定杆上的两个小球A、B连接在一条跨过定滑轮的细绳两端，杆与水平面成θ=37o角，不计所有摩擦．当两球静止时，OA绳与杆的夹角为θ，OB绳沿竖直方向，则球A、B的质量之比为（）A．4：3B．3：4C．3：5D．5：815．(★★)如图，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻杆相连．系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行．在突然撤去挡板的瞬间（）A．两图中两球加速度均为gsinθB．两图中A球的加速度均为零C．图甲中B球的加速度是为2gsinθD．图乙中B球的加速度为零16．(★★)如图，质量m=1kg的物体放在水平放置的钢板C上，与钢板的动摩擦因数μ=0.2．由于受到相对地面静止的光滑导槽A、B的控制，物体只能沿水平导槽运动．现使钢板以速度v 1=0.8m/s向右匀速运动，同时用力拉动物体（方向沿导槽方向）以速度v 2=0.6m/s沿导槽匀速运动，则拉力大小为（）A．2NB．1.6NC．1.2ND．1N三．多项选择题（共16分，每小题4分，每小题有二个或三个正确选项，全选对的，得4分，选对但不全的，得2分，有选错或不答的，得0分．）17．(★★★★)如图，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度．现将一小球从地面以某一初速度斜向上抛出，刚好能水平进入圆筒中，不计空气阻力．下列说法中正确的是（）A．小球在上升过程中处于失重状态B．弹簧获得的最大弹性势能等于小球抛出时的动能C．小球从抛出点到筒口的时间与小球抛出时的初速度方向有关D．小球从抛出点到筒口的时间与小球抛出时的初速度方向无关18．(★★★★)如图甲为磁感强度B随时间t的变化规律，磁场方向垂直纸面，规定向里的方向为正．在磁场中有一平面位于纸面内的细金属圆环，如图乙所示．令I 1、I 2、I 3分别表示Oa、ab、bc段的感应电流，F 1、F 2、F 3分别表示金属环上很小一段导体受到的安培力．下列说法正确的是（）A．I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向B．I2沿顺时针方向，I3沿顺时针方向C．F1方向指向圆心，F2方向指向圆心D．F2方向背离圆心向外，F3方向指向圆心19．(★★★★)如图，在沿水平方向以加速度a=1m/s 2匀加速行驶的车厢中，斜靠着与水平方向成α=37o角的气缸．一质量m=2kg、横截面积S=10cm 2的光滑活塞，将一定质量的气体封闭在气缸内，并与气缸保持相对静止．已知大气压强为p 0=1X10 5Pa．下列说法正确的是（）A．气缸对活塞的弹力为16NB．气缸对活塞的弹力为17.2NC．气缸内气体的压强为1.1X105PaD．气缸内气体的压强为2.8X105Pa20．(★★★)某一空间存在与x轴平行的电场，有一质量m=2kg的带电小球，只受电场力作用，以初速度v 0=2m/s在x 0=7m处开始运动．电势能E P随位置x的变化关系如图所示，则小球的运动范围和最大速度分别为（）A．运动范围x≥0B．运动范围x≥1mC．最大速度v m=2m/sD．最大速度v m=3m/s四．填空题（共20分，每小题4分．）21．(★★★★)卢瑟福用α粒子轰击氮核发现了质子，其核反应方程为147N+ 42He→178O+ 11H．查德威克用α粒子轰击铍核，打出了一种粒子流，其核反应方程为94Be+42He →126C+10n．14 742178119 442126122．(★★★)两物体A、B的质量之比m A：m B=1：2，在光滑水平面上沿同一直线相向而行，它的速度之比为4：1，则动量大小之比为 2：1 ；两者碰后粘在一起，则其总动量与B原来动量大小之比p：p B= 1：1 ．23．(★★★)两颗人造卫星A、B绕地球做圆周运动的周期之比为1：8，则它们的轨道半径之比为 1：4 ，速度之比为 2：1 ．24．(★★★)有一单摆，其回复力F与位移x的关系图线如图所示．若摆球质量为100g，则单摆的摆长为 1 m，从平衡位置开始振动经过1.5s，摆球通过的路程为 0.26 m．25．(★★)轻质细线吊着一质量m=0.8kg，边长L=0.8m、匝数n=20、总电阻r=1Ω的正方形线圈．边长l=0.4m的正方形磁场区域对称地分布在线圈下边的两侧，磁场方向垂直纸面向里，如图甲所示，磁感应强度B随时间变化规律如图乙所示．从t=0开始经t 0时间细线开始松弛，在前t 0时间内线圈中产生的感应电流为 0.8 A，t 0的值为 0.5 s．26．(★★)如图，将倾角α=37o的大三角形劈切开为等宽的小三角形劈和5个梯形劈，再重新将各劈放在一起（各劈互不粘连）．从小三角形劈开始，依次编号为1，2，…6．各劈的质量均为M=1kg、斜面长度均为L=0.2m．可视为质点的物块质量m=1kg，与斜面间的动摩擦因数μ1=0.5．现使物块以平行于斜面方向的初速度v 0=4.5m/s，从小三角形劈的底端冲上斜面，若所有劈均固定在水平面上，物块最终能冲上第 6 块劈；若所有劈均不固定，与地面的动摩擦因数均为μ2=0.3，假定最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，物块滑动到第 5 块劈时，梯形劈开始相对地面滑动．五．实验题（共24分）27．(★★★)在观察光的干涉和衍射的实验中，（1）如图1，当用激光照射直径小于激光束的不透明圆盘时，在圆盘后屏上的阴影中心出现了一个亮斑．这是光的衍射（填“干涉”、“衍射”或“直线传播”）现象．（2）如图甲，让一束红色的激光通过双缝，在光屏上观察到的图案应该是图乙．28．(★★★)在用单分子油膜估测分子大小的实验中，（1）（多选）某同学计算出的结果明显偏大，可能是由于 AC（A）油酸未完全散开（B）油酸中含有大量酒精（C）计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格（D）求每滴溶液中纯油酸的体积时，1mL溶液的滴数多记了10滴（2）在做实验时，油酸酒精溶液的浓度为每1000mL溶液中有纯油酸1mL，用注射器测得1mL 上述溶液有200滴，把一滴该溶液滴入盛水的表面撒有痱子粉的浅盘里，待水面稳定后，测得油膜的近似轮廓如图所示．图中正方形小方格的边长为1cm，根据上述数据，估测出油酸分子的直径是 0.4 nm．29．(★★★)位移传感器由发射器和接收器组成，发射器内装有红外线和超声波发射器，接收器内装有红外线和超声波接收器．（1）如图1，固定在被测运动物体上的发射器向接收器同时发射一个红外线脉冲和一个超声波脉冲，接收器收到红外线脉冲时开始计时t 1，收到超声波脉冲时停止计时t 2．已知超声波在空气中的传播速度为v（红外线传播时间极短，可忽略），发射器和接收器之间的距离s= v（t 2-t 1）．（2）某小组设计了使用位移传感器的图2示实验装置测量木块下滑的加速度，让木块从倾斜木板上一点A静止释放，计算机描绘了滑块相对传感器的位移随时间变化规律如图3所示．根据图线计算t 0时刻速度v= ，木块加速度a= （用图中给出的s 0、s 1、s 2、t 0表示）．2130．(★★★)利用如图甲所示的电路测定电源的电动势和内电阻，提供的器材为：（A）干电池两节，每节电池的电动势约为1.5V，内阻未知（B）直流电压表V 1、V 2，内阻很大（C）直流电流表A，内阻忽略不计（D）定值电阻R，阻值不小于5Ω（E）滑动变阻器（F）导线和开关（1）某一组同学利用该电路完成实验时，由于某根导线发生断路故障，因此只记录了一个电压表和电流表的示数．利用多次测量获得的数据作出如图乙所示的U-I图．该同学测得两节干电池总电动势为 2.9 V，总内阻为 3.1 Ω．（2）另一组同学连接好电路后，由于电流表发生短路故障，因此只记下两个电压表的示数．测得多组数据后，他们以表V 1的示数U 1为横坐标、表V 2的示数U 2为纵坐标作图象，也得到一条不过原点的直线，如图丙所示．则两节干电池总电动势大小为 2.66 V，两节干电池总内阻不可以（选填“可以”或“不可以”）求出．如果该组同学希望通过利用图象纵坐标上的截距直接得到电源的总电动势，若取U 1为纵坐标，应该选用 U 1-U 2作为横坐标作图（请写出推导过程）．推导：实验原理为 E=U 1+ r，可将公式变形为 U 1=- （U 1-U 2）+E 所以，应选U 1-U 2作为横坐标作图，才可以通过图线直接得到电源的电动势．．12111212六．计算题（共50分）31．(★★★)如图，一艘小船上有一个人坐在船的前端，人和船的总质量为M，该人手中握住一根绳子，以恒力F拉绳，使船自静止起向右运动位移为s（阻力不计）．图甲情况，绳的另-端固定在岸的木桩上；图乙情况，绳的另一端跨过定滑轮固定在船上；图丙情况，绳的另一端固定在另一艘质量也为M的船上．求：（1）图甲情况下船的末速度；（1）图乙情况的船的末速度；（2）图丙情况的船的末速度．32．(★★★)如图1，一端封闭一端开口，内径均匀的直玻璃管注入一段60mm的水银柱，管水平放置．达到平衡时，闭端空气柱长140mm，开口端空气柱长140mm．若将管轻轻倒转后再竖直插入水银槽内（如图2），达到平衡时，管中封闭端空气柱A长133mm．设大气压强为760mmHg，整个过程温度保持不变．（1）求槽中水银进入管中的长度H；某同学的解法如下：以水平放置作为初态，以竖直插入水银槽后作为末态，分别对A，B两部分气体应用玻意耳定律进行解析．解：对A气体：p A=760mmHg，V A=140S，V A1=133Sp A V A=p A1V A1，代入数据得p A1=800mmHg对B气体：p B=760mmHg，V B=140S，p B1=860mmHgp B V B=p B1V B1，代入数据得L B1=123.72mm你若认为该同学的结论正确，接着计算出水银进入管中的长度H；你若认为该同学的结论错误，请分析错误的原因，并计算出水银进入管中的长度H．（2）求玻璃管露出槽中水银面的高度h．33．(★★★)如图甲，在水平地面上固定一倾角θ=30o的光滑绝缘斜面，斜面处于方向沿斜面向下的匀强电场中．一绝缘轻质弹簧的一端固定在斜面底端，整根弹簧处于自然状态．一质量为m=2kg、电荷量为q（q＞0）的滑块，从距离弹簧上端s 0=1.25m处静止释放．设滑块与弹簧接触过程没有机械能损失，滑块在运动过程中电荷量保持不变，qE=0.5mg．弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终处在弹性限度内，发生弹性形变的弹力大小与形变成正比．（1）求滑块从静止释放到与弹簧上端接触瞬间所经历的时间t 1；（2）求滑块速度最大时弹簧弹力F的大小；（3）从滑块静止释放瞬间开始计时，请在乙图中画出滑块在沿斜面向下运动的整个过程中速度与时间关系v-t图象．（不要求写出计算过程，但要在坐标上标出关键点）；（4）从滑块静止释放瞬间开始计时，请在丙图中画出滑块在沿斜面向下运动的整个过程中加速度与位移关系a-s图象（不要求写出计算过程，但要在坐标上标出关键点）．34．(★★)如图，固定在水平桌面上的“∠”型平行导轨足够长，间距L=1m，电阻不计．倾斜导轨的倾角θ=53o，并与R=2Ω的定值电阻相连．整个导轨置于磁感应强度B=5T、方向垂直倾斜导轨平面向上的匀强磁场中．金属棒ab、cd的阻值为R 1=R 2=2Ω，cd棒质量m=1kg．ab与导轨间摩擦不计，cd与导轨间的动摩擦因数μ=0.3，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现让ab棒从导轨上某处由静止释放，当它滑至某一位置时，cd棒恰好开始滑动．（1）求此时通过ab棒的电流；（2）求导体棒cd消耗的热功率与ab棒克服安培力做功的功率之比；（3）若ab棒无论从多高的位置释放，cd棒都不动，则ab棒质量应小于多少？（4）假如cd棒与导轨间的动摩擦因数可以改变，则当动摩擦因数满足什么条件时，无论ab棒质量多大、从多高位置释放，cd棒始终不动？。

2015年上海市杨浦区高考物理二模试卷含参考答案

2015年上海市杨浦区高考物理二模试卷一、单项选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）1．（2分）关于机械波和电磁波，下列说法不正确的是（）A．两者都能产生干涉和衍射现象B．两者传播都需要介质C．机械波有横波和纵波，而电磁波是横波D．两者都能传递能量2．（2分）关于α、β、γ三种射线，下列说法中正确的是（）A．α射线是原子核自发放射出的氦核，它的穿透能力最强B．β射线是原子核外电子电离形成的电子流，它具有中等的穿透能力C．γ射线一般伴随着α或β射线产生，它的穿透能力最强D．γ射线是电磁波，它的穿透能力最弱3．（2分）下列说法中正确的是（）A．玛丽•居里首先提出了原子的核式结构学说B．卢瑟福在α粒子散射实验中发现了电子C．查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子D．麦克斯韦为了解释光电效应的实验规律提出了光子说4．（2分）下列说法哪些是正确的（）A．水的体积很难被压缩，这是分子间存在斥力的宏观表现B．气体总是很容易充满容器，这是分子间存在斥力的宏观表现C．两个相同的半球壳吻合接触，中间抽成真空（马德堡半球），用力很难拉开，这是分子间存在吸引力的宏观表现D．用力拉铁棒的两端，铁棒没有断，这是分子间存在吸引力的宏观表现5．（2分）随着时代的发展，能源危机逐渐形成，现在科学家正在努力寻找新能源，而核能是现今比较普遍利用的新能辦之一，核电站利用核能发电是人类利用核能的重要手段．据你判断，现已建成的核电站的能量来自于（）A．天然放射性元素衰变放出的能量B．人工放射性同位素放出的能量．C．重核製变放出的能量D．化学反应放出的能量．6．（2分）用一束紫外线照射某金属时能产生光电效应，能使该金属发射出的光电子的最大初动能增大的措施是（）A．改用红外线照射B．改用X射线照射C．改用强度更大的原紫外线照射D．延长原紫外线的照射时同7．（2分）如图所示为一弹簧振子的振动图象，由此可知（）A．在t1时刻，振子的动能最大，所受的弹性力最大B．在t2时刻，振子的动能最大，所受的弹性力最小C．在t3时刻，振子的动能最小，所受的弹性力最小D．在t4时刻，振子的动能最小，所受的弹性力最大8．（2分）为了测量运动员跃起的高度，可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录运动员运动过程中对弹性网的压力，并由计算机作出压力﹣时间图象，如图所示．运动员在空中运动时可视为质点，则可求运动员跃起的最大高度为（g 取10m/s2）（）A．7.2m B．5.0m C．1.8m D．1.5m二、（24分）单项选择题.本大题共8小题，每小题3分.毎小题给出的四个答案中，只有一个是正确的。

上海市长宁区、嘉定区2015届高三第二次模拟考试物理试题(跟解析分析)

2015年上海市长宁区、嘉定区高考物理二模试卷一．单项选择题Ⅰ（共16分，每小题2分．每小题只有一个正确选项．）1．（2分）关于元电荷，下述正确的是（）A．点电荷就是元电荷B．元电荷就是正电子C．元电荷是带电量为1C的电荷D．自然界中已知的最小电荷量【考点】：元电荷、点电荷．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．【解析】：解：A、元电荷是指最小的电荷量，不是电荷，不是指质子或者是电子，故AB 错误；C、元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电荷，是1.6×10﹣19C的电量．故C错误；D、元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电荷，是自然界中已知的最小电荷量．故D正确；故选：D．【点评】：本题就是对元电荷概念的考查，知道元电荷的概念以及元电荷与点电荷的区别、元电荷与电子、质子电量的区别即可解决本题．2．（2分）将两个力F1和F2合成为一个力F，下述正确的是（）A．F1、F2和F是同一性质的力B．F1、F2可能是作用在两个不同物体上的力C．F作用的效果与F1、F2同时作用的效果相同D．F1、F2和F是同时作用在同一物体上的实际的力【考点】：合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】：平行四边形法则图解法专题．【分析】：合力的作用效果与分力的共同作用效果相同．根据平行四边形定则可以知道合力与分力的大小关系．【解析】：解：A、F1、F2和F可以不是同一性质的力．故A错误；B、F1、F2必须是同一物体上，才能进行合成．故B错误；C、分力的共同作用效果与合力的作用效果相同．故C正确；D、两个力F1和F2合成为一个力F，而F不是物体实际受到的力．故D错误．故选：C．【点评】：解决本题的关键知道分力和合力遵循平行四边形定则，以及知道合力的作用效果与合力的作用效果是等效的．3．（2分）如图为一振子做简谐运动的图象，在t1和t2时刻，振子的（）A．位移相同B．速度相同C．回复力相同D．加速度相同【考点】：简谐运动的振动图象．【专题】：简谐运动专题．【分析】：结合振子的实际运动模型，得到振子的位移由正值逐渐变小并反向变大，然后得到速度和加速度的变化规律．【解析】：解：从振子的位移时间图象可以看出，正向位移逐渐变小并反向增加，故运动方向没有改变，即速度方向不变；据对称性可知，两时刻的速度相同，振子先靠近平衡位置再远离平衡位置，位移由正向变为负向，F=﹣kx，再据牛顿第二定律：a=﹣可知，回复力，加速度由负向变为正向，加速度方向发生了改变．故ACD错误，B正确．故选：B．【点评】：本题关键是根据位移时间图象得到振子位移变化的规律，再结合实际模型进行分析处理．对于速度，也可以切线的斜率等于速度进行判断．4．（2分）下列现象中，不属于由万有引力引起的是（）A．银河系球形星团聚集不散B．月球绕地球运动而不离去C．电子绕核旋转而不离去D．树上的果子最终总是落向地面【考点】：力的概念及其矢量性．【分析】：使原子核内质子、中子保持在一起的作用是核力，地球绕太阳旋转而不离去、树上的果子最终总是落向地面都是由于万有引力作用．【解析】：解：A、银河系球形星团靠星球之间的万有引力作用而聚集不散，故A错误；B、月球受到地球的吸引力提供向心力，而绕地球做圆周运动不离去，故B错误；C、电子受到原子核的吸引力而绕核旋转不离去，不是万有引力，故C正确；D、树上的果子由于受到地球的吸引而最终总是落向地面，属于万有引力作用，故D错误．本题选不属于由万有引力引起，故选：C【点评】：知道万有引力是自然界中普遍存在的力，天体间的万有引力是维持天体运行的向心力，知道自然界有四种基本的相互作用力：万有引力、电磁作用力，强相互作用和弱相互作用．可结合具体的力进行记忆．5．（2分）关于声波的描述，下述正确的是（）A．同一列声波在各种介质中的波长是相同的B．声波的频率越高，它在空气中传播的速度越快C．人能辨别不同乐器同时发出的声音，说明声波不会发生干涉D．“隔墙有耳”说明声波可以绕过障碍物传播，即它可以发生衍射【考点】：声波；波的干涉和衍射现象．【分析】：首先知道介质决定波速，波源决定频率；音调、响度和音色的区别；波的干涉与衍射的现象；据波速公式分析求解．【解析】：解：AB、介质决定波速，所以同一列波在各种介质中频率相同；据波速公式可知波长不一定相同，故AB错误；C、人能辨别不同乐器同时发出的声音，是由于音色不同，并非声波不会发生干涉，故C错误；D、隔墙有耳说明声波可以绕过障碍物传播，即它可以发生衍射，故D正确．故选：D．【点评】：解题关键知道介质决定波速，波源决定频率；音调、响度和音色的区别；波的干涉与衍射的现象和发生明显波动性的条件．6．（2分）用如图所示装置做光电效应实验，下述正确的是（）A．光电效应现象是由爱因斯坦首先发现的B．实验现象揭示了光具有波动性C．实验中，光电子从锌板逸出，验电器带正电D．实验中，若用可见光照射锌板，也能发生光电效应【考点】：光电效应．【专题】：光电效应专题．【分析】：该实验是通过弧光灯发出紫外线照射锌板，发生光电效应，光电效应说明光具有粒子性．【解析】：解：A、光电效应是由赫兹首先发现的，故A错误；B、光电效应现象揭示了光具有粒子性，故B错误；C、光电效应现象中，光电子从锌板逸出，验电器带正电，故C正确；D、光电效应中应该用紫外线照射锌板，当用可见光时，频率降低，小于极限频率，则不满足光电效应反生条件．故D错误．故选：C．【点评】：解决本题的关键知道光电效应方程，知道光电效应说明光具有粒子性，理解光电效应发生的条件．7．（2分）下列选项中，会导致静电危害的是（）A．建筑物屋顶安放避雷针B．印染厂车间保持空气干燥C．赛车轮胎采用导电橡胶制成D．高档的地毯中夹一些不锈钢丝【考点】：* 静电的利用和防止．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：静电危害是由于相互间不断摩擦，从而产生大量的静电，不及时导走，会出现放电危害．【解析】：解：A、在建筑物顶上装避雷针，以免发生静电危害．不符合题意．B、印刷车间中，纸张间摩擦产生大量静电，所以印刷车间中保持适当的湿度，及时把静电导走，避免静电造成的危害．符合题意．故B正确；C、轮胎用导电橡胶制成，可以有效将飞机上的静电导入大地，属于防止静电危害，不符合题意．D、高档的地毯中夹一些不锈钢丝，可以有效将因摩擦产生的静电导入大地，属于防止静电危害，不符合题意．故选：B【点评】：该题考查静电的防止与应用，掌握住基本的知识，对于生活中的一些现象要能够用所学的知识来解释．此题属于基础题．8．（2分）某放射性元素经过11.4天有的原子核发生了衰变，该元素的半衰期是（）A．3.8天B． 5.7天C．7.6天D．11.4天【考点】：原子核衰变及半衰期、衰变速度．【专题】：衰变和半衰期专题．【分析】：本题考察了有关半衰期的运算，学生要明确剩余质量和衰变前的质量关系并会进行有关运算，即公式的应用，明确半衰期的含义．【解析】：解：根据半衰期与质量变化的公式：可得：有的原子核发生了衰变，剩下，所以有，t=3T=11.4天，T=3.8天，即半衰期为3.8天故A正确，BCD正确．故选：A．【点评】：本题比较简单，只要知道半衰期公式就能解答，原子物理中题目主要是加强记忆，没有很复杂的计算题．二．单项选择题Ⅱ（共24分，每小题3分．每小题只有一个正确选项．）9．（3分）由天然放射性元素钋（Po）放出的α射线轰击铍（Be）时会产生A粒子流，用粒子流A轰击石蜡时，会打出粒子流B．下述正确的是（）A．该实验核反应方程：Be+He→C+nB．该实验是查德威克发现质子的实验C．粒子A为中子，粒子B为质子D．粒子A为质子，粒子B为中子【考点】：天然放射现象．【专题】：衰变和半衰期专题．【分析】：天然放射性元素钋（Po）放出的α射线轰击铍时会产生高速中子流，轰击石蜡时会打出质子．【解析】：解：A、天然放射性元素钋（Po）放出的α射线轰击铍（Be）时会产生中子流，C原子核的质量数：m=9+4﹣1=12，所以该反应是：Be+He→C+n．故A错误．B、用放射源钋的α射线轰击铍时，能发射出一种穿透力极强的中性射线，这就是所谓铍“辐射”，即中子流，中子轰击石蜡，将氢中的质子打出，即形成质子流．该实验是查德威克发现中子的实验．所以A为中子，B为质子，故B错误，C正确，D错误．故选：C【点评】：该题考查查德威克发现中子的实验中所发生的核反应方程，以及核反应的过程中产生的粒子，属于对物理学史的考查．要牢记原子物理学中的几个重要的发现以及相应的实验即其现象．10．（3分）一列简谐横波沿x轴传播，周期为T，t=0时的波形如图．此时平衡位置处于x=3m 处的质点正在向上运动，若a、b两质点平衡位置的坐标分别为x a=2.5m和x b=5.5m，则（）A．当a质点处在波峰时，b质点在波谷B．当a质点速度最大时，b质点速度为0C．t=0时，a、b两质点加速度大小相同，方向相反D．t=T时，b质点正在向y轴正方向运动【考点】：横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：由波动图象，据3m处质点的振动情况，判断波的传播方向，再分析判断质点a、b的速度方向，分析两位移的关系．【解析】：解：A、平衡处于x=3m处的质点正在向上运动；由带动法可知，此波沿x轴负方向传播；由于ab两质点的距离为3m，不等于半个波长，所以当a质点处在波峰时，b质点不在波谷，故A错误；B、据波形图和两质点的距离为3m，当a在平衡位置即速度最大时，b在最大位移处，所以速度为零，故B正确；C、据图象可知，0时刻两质点的位移相同，据F=﹣kx得：a=﹣，所以在该时刻两质点的加速度相同，故C错误；D、t=0时刻，b点振动方向向y轴正方向，当t=时，b质点正在向y轴负方向．故D错误．故选：B．【点评】：本题考查识别、理解波动图象的能力，根据波动图象，分析质点的振动过程是应具备的能力，善于用波形平移法平移波，再分析各质点的振动情况．11．（3分）铜摩尔质量为M，密度为ρ，阿伏加德罗常数为N A．1个铜原子所占的体积是（）A．B．C．D．【考点】：阿伏加德罗常数．【专题】：阿伏伽德罗常数的应用专题．【分析】：由铜的摩尔质量可求得1mol铜原子所占据的总体积，则可求得1个铜原子所占据的体积．【解析】：解：铜的摩尔体积V=则一个铜原子所占的体积为：v原==；故选：A．【点评】：阿伏加德罗常数N A是联系宏观与微观的桥梁，抓住它的含义是解题的关键．求铜原子的体积要建立物理模型，将抽象的问题形象化．12．（3分）如图，电源电动势为E，内电阻为r，L1、L2为小灯泡（其灯丝电阻可以视为不变），R1为定值电阻，R2为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小．闭合电键S后，将照射光强度增强，则（）A．电路的路端电压将增大B．R1两端的电压将增大C．r的发热功率将减小D．L1、L2都变亮【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出R1两端的电压的变化，同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化．【解析】：解：当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，所以电源内电压增大，所以路端电压减小，电流增大，所以L1两端的电压增大，L1变亮，并联部分电压减小，即R1两端的电压将减小，其电流减小，所以通过L2的电流增大，变亮．由于总电流增大，所以r的发热功率将增大．故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】：闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．13．（3分）如图甲，Q1、Q2为两个固定着的点电荷，a、b是它们连线的延长线上的两点．现有一点电荷，只在电场力作用下，以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动，其υ﹣t图象如图乙，电子经过a、b两点的速度分别为υa、υb，则（）A．Q1一定带正电B．Q1的电量一定小于Q2的电量C．b点的电场强度一定为0 D．电子的电势能先增大后减小【考点】：电势能；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：速度时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度，可见a到b做加速度减小的加速运动，到b点加速度为0．从而知道b点的电场力及电场强度．通过b点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小．通过能量守恒判断电势能的变化．【解析】：解：AC、从速度图象乙上看出，可见电子从a到b做加速度减小的加速运动，所以ab之间电场的方向向左；在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零．过b点后点电荷做减速运动，所以电场的方向向右，Q2一定带负电，Q1一定带正电，故A、C正确．B、b点场强为零，可见两点电荷在b点产生的场强大小相等，方向相反，根据E=k，b到Q1的距离大于到Q2的距离，所以Q1的电量大于Q2的电量．故B错误．D、整个过程点电荷的动能先增加后减小，根据能量守恒电势能先减小后增大．故D错误．故选：AC．【点评】：解决本题的关键根据图象b点的加速度为0，根据这一突破口，从而判断Q2的电性及Q1和Q2的电量大小．14．（3分）如图，两个带电小球A、B，都用长L的绝缘丝线悬挂在O点，小球A恰好在O点正下方，且靠着光滑绝缘竖直墙．静止时，A、B相距为d．为使AB间距离减为时，仍保持平衡状态，可采用的方法是（）A．将B的质量增加到原来的8倍B．将A、B的质量都增加到原来的4倍C．将A、B的电荷量都减小到原来的一半D．将A、B的电荷量都增加到原来的2倍【考点】：库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：对小球进行受力分析，并作出平行四边形；由几何关系可知力与边的关系，即可得出符合条件的选项．【解析】：解：A、如图所示，B受重力、绳子的拉力及库仑力；将拉力及库仑力合成，其合力应与重力大小相等方向相反；由几何关系可知，=而库仑力F=即==kmgd3=kq1q2Ld=要使d变为可以使B质量增大到原来的8倍而保证上式成立；故A正确；由公式可知，d与A的质量无关；故B错误；C、若将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半时，无法使d减小到原来的一半；故C错误；D、电荷量都增大为原来的2倍时，d变成原来的倍，不属合题意；故D错误；故选：A【点评】：本题中B球处于动态平衡状态，注意本题采用了相似三角形法；对学生数学能力要求较高，应注意相应知识的积累应用．15．（3分）在如图所示的某物体做直线运动的“a﹣t”图象中，引入“加速度的变化率”描述加速度变化的快慢．下述正确的是（）A．t=1s时，“加速度的变化率”为1.5m/s2B．2s内物体的速度改变量为3 m/sC．2s内物体的速度越来越小D．2s后“加速度的变化率”为0，物体的速度也一定为0【考点】：加速度；匀变速直线运动的图像．【分析】：a﹣t图线的斜率表示加速度的变化率，可以类比v﹣t图线分析判断．【解析】：解：A、由a﹣t图线知，物体加速度的变化率不变，大小为，该选项单位错误，故A错误．B、图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，则2s内物体的速度变化量．故B正确．C、由于不知道加速度的方向与速度方向的关系，所以无法确定速度是增加还是减小，故C 错误．D、2s后加速度为零，但是速度不一定为零，故D错误．故选：B．【点评】：解决本题的关键知道a﹣t图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度的变化率，图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量．16．（3分）如图，质量为m的均匀半圆形薄板，可以绕光滑水平轴A在竖直平面内转动，AB是它的直径，O是圆心．在B点作用一个竖直向上的力F使薄板平衡，此时AB恰处于水平位置，若保持力F始终竖直向上，在F作用下使薄板绕A点沿逆时针方向缓慢转动，直到AB接近竖直位置的过程中，力F对应的力矩为M，则M、F大小变化情况是（）A．M变小，F不变B．M、F均变大C．M、F均先变大再变小D．M先变大再变小，F始终变大【考点】：力矩的平衡条件．【分析】：以A点为支点，拉力F有力矩，重力也有力矩，找出重心后，根据力矩平衡条件列式分析即可．【解析】：解：以A点为支点，拉力F有力矩，重力也有力矩；设重力的作用点在P点，如图：保持力F始终竖直，在F作用下使薄板绕A点沿逆时针方向缓慢转动，直到AB到达竖直位置的过程中，重心P与A点的水平距离先变大后变小，故重力的力矩M′先变大后变小；而拉力的力臂是逐渐变小；设AB与竖直方向夹角为θ，根据力矩平衡条件，有：F•2Rsinθ=M=M′故：F=，故F先增加后减小；故选：C．【点评】：本题关键是以A为支点，然后根据力矩平衡条件列式分析，注意物体的重心不在O点．三．多项选择题（共16分，每小题4分．每小题有二个或三个正确选项．全选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分．）17．（4分）两根通电长直导线平行放置，电流大小分别为I1和I2，电流的方向如图所示，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四点，其中a、b在导线横截面连线的延长线上，c、d 在导线横截面连线的垂直平分线上．导线中的电流在这四点产生磁场的磁感应强度可能为零的是（）A．a点B．b点C．c点D．d点【考点】：磁感线及用磁感线描述磁场；磁感应强度．【分析】：由安培定则确定两电流在图示各点所产生的磁场方向，若方向相反，磁感应强度可能为0，否则不可．【解析】：解：A、根据安培定则可知两电流在a 点磁感应强度的方向相反，若I1＜I2由于a离I1近，故在a点I1的磁感应强度的大小可能等于I2的磁感应强度．则a点磁感应强度可能为0．故A正确；B、根据安培定则可知两电流在b点的磁感应强度的方向相反，若I1＞I2，由于I2离b 点近，则B点点I1的磁感应强度的大小可能等于I2的磁感应强度，故b点磁感应强度可为0．故B正确；C、根据安培定则可知两电流在c 点d点的B的方向相同，故b，c两点的磁感应强度不可能为0．故CD错误；故选：AB【点评】：该题考查电流周围的磁场以及磁场的合成，明确安培定则的使用的方法与电流的磁感应强度与电流的大小，距离有关．18．（4分）如图所示，在一个量筒内放入大半筒水，里面放入一个倒置的小瓶，小瓶内留有大约一半水，使其能刚好浮出水面，再用橡胶膜把量筒口密封．保持温度不变，当用力挤压橡胶薄膜时，观察到小瓶将下沉．小瓶下沉过程中（）A．瓶内气体体积增大B．瓶内气体压强增大C．先加速后减速下沉D．一直加速下沉到瓶底【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉．根据气体状态方程和已知的变化量去判断其它的物理量【解析】：解：A、压橡胶模的时候，量筒里气体压强变大了，导致水压变大，导致瓶子里面的液面会上升，导致瓶子里气体体积缩小，故A错误．B、根据A选项，瓶子里气体体积缩小，一定质量气体，温度不变，气体体积越小压强越大．故B正确；C、小瓶下沉过程中，小瓶所受水的压强不断增大，小瓶中空气体积减小，小瓶和其中的空气排出的水的体积不断减少，即其受到水的浮力不断减小．所以小瓶的加速度一直增大．故C错误，D正确．故选：BD【点评】：此题是气压和浮力的一个综合考查，出错原因是很多同学不认识浮沉子．要注意研究过程中哪些量不变，哪些量变化19．（4分）A、D两点分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，L AB=L BC=L CD，E点在D点正上方并与A点等高．从E点以一定水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，球1和球2从抛出到落在斜面上的过程（不计空气阻力）中，（）A．两球运动的时间之比为1：B．两球抛出时初速度之比为2：1C．两球动能增加量之比为1：2D．两球重力做功之比为1：3【考点】：平抛运动．【专题】：平抛运动专题．【分析】：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确定运动的时间，通过水平位移求出初速度之比．根据动能定理求出动能的增加量之比．【解析】：解：A、因为AC=2AB，则AC的高度差是AB高度差的2倍，根据得，t=，解得运动的时间比为1：，故A正确．B、AC在水平方向上的位移是AB在水平方向位移的2倍，结合x=v0t，解得初速度之比为，故B正确．C、根据动能定理得，mgh=△E k，因为下降的高度之比为1；2，则重力做功为1：2，动能的增加量之比为1：2，故C正确，D错误．故选：ABC．【点评】：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行求解．20．（4分）如图，一根粗细均匀、电阻为R的电阻丝做成一个半径为r的圆形导线框，竖直放置在水平匀强磁场中，磁感强度为B，线框平面与磁场方向垂直．现有一根质量为m、电阻不计的导体棒，自圆形线框最高点由静止释放，棒在下落过程中始终与线框保持良好接触．已知下落距离为时，棒的速度大小为υ1，下落到圆心O时棒的速度大小为υ2，忽略摩擦及空气阻力，则（）A．导体棒下落距离为时，棒中感应电流的大小为Brv1B．导体棒下落距离为时，棒中加速度的大小为g﹣C．导体棒下落到圆心时，整个线框的发热功率为D．导体棒从开始下落到经过圆心的过程中，整个线框产生的热量为mgr﹣mv22【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：（1）棒下落距离为r时，棒切割磁感线产生感应电动势，根据几何知识求出棒的有效切割长度，即可求出感应电动势，由欧姆定律求出电流；（2）由欧姆定律和安培力公式结合求出安培力，根据P=Fv求解热功率，根据牛顿第二定律可求得加速度．（3）从开始下落到经过圆心的过程中线框中，棒的重力势能减小转化为棒的动能和内能，根据能量守恒定律求出热量Q．【解析】：解：A、接入电路中的导体棒产生的感应电动势：E=BLv=Brv1，此时电路的总电阻：R′==R，电流：I==Brv1，故A正确；B、金属棒上的安培力：F=BIL=BI•r=，由牛顿第二定律得：mg﹣F=ma，解得：a=g﹣，故B正确；C、导体棒下落到圆心时，金属棒上的安培力：F′=BIL=，线框的发热功率：P热=P A=F′v2=，故C错误；D、从开始下落到经过圆心的过程中，棒的重力势能减小转化为棒的动能和内能，根据能量守恒定律得：mgr=mv22+Q0解得：Q0=mgr﹣mv22，故D正确；故选：ABD。

上海市浦东新区2015届高三第二次模拟物理试题(含解析)

2015年上海市浦东新区高考物理二模试卷一．单项选择题．（共16分，每小題2分，每小题只有一个正确选项，答案涂写在答题卡上．）1．（2分）从理论上预言光是一种电磁波的物理学家是（）A．爱因斯坦B．麦克斯韦C．安培D．卢瑟福【考点】：物理学史．【分析】：据物理常常识：麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹实验证实力电磁波的存在即可分析选项．【解析】：解：麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹实验证实力电磁波的存在，故ACD错误，B正确．故选：B【点评】：识记物理常识是解题的关键，注重知识的积累和明确各物理学家的贡献，较简单．2．（2分）物理学家通过对α粒子散射实验结果的分析（）A．提出了原子的葡萄干蛋糕模型B．确认在原子内部存在α粒子C．认定α粒子发生大角度散射是受到电子的作用D．认识到原子的全部正电荷和几乎全部的质量都集中在一个很小的核内【考点】：粒子散射实验．【分析】：本题比较简单，只要正确理解a粒子散射实验现象及其结论即可正确解答．【解析】：解：a粒子散射实验现象为：绝大多数α粒子穿过金箔后仍沿原来的方向前进，但有少数α粒子发生了较大的偏转，并有极少数α粒子的偏转超过90°，有的甚至几乎达到180°而被反弹回来．卢瑟福根据该实验现象提出了原子核式结构模型：原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里，带负电的电子在核外空间里绕着核旋转，A、汤姆生提出原子的葡萄干蛋糕模型，故A错误；BCD、由上分析可知，故BC错误，D正确．故选：D．【点评】：了解卢瑟福核式结构模型提出的历史背景及其过程，知道α粒子散射实验现象及其结论．3．（2分）物理学中用到了许多科学方法，下列概念的建立有三个用到了“等效替代”的方法，有一个不属于这种方法，这个概念是（）A．质点B．平均速度C．合力D．总电阻【考点】：物理学史．【分析】：等效替代法，物理学研究术语，是科学研究中常用的方法之一，是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法，将复杂的问题简单化【解析】：解：A、质点是为了研究的方便把物体看做一个抽象的点，A不属于等效替代；B、平均速度是利用位移比时间的数值来替代运动过程中的速度，B属于等效替代；C、合力与分力是可以相互替代，C属于等效替代；D、总电阻是各个分电阻的和，D属于等效替代；本题选不属于“等效替代”的，故选：A【点评】：等效替代的前提是在保证某种效果相同的前提下进行替代，否则不能等效替代，难度不大，属于基础题．4．（2分）关于声波和光波，下列说法正确的是（）A．它们都是机械波B．它们都能在真空中传播C．它们都能发生干涉和衍射D．它们的传播速度都与介质无关【考点】：电磁波的产生；波的形成和传播．【分析】：声波是纵波，无线电波和光波是横波，机械波的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质．衍射、干涉是波所特有的现象【解析】：解：A、声波是纵波，而光波为电磁波；故A错误；B、声波的传播需要介质，无线电波和光波的传播不需要介质，可以在真空中传播．故B错误．C、干涉和衍射是波的共性，光波能发生干涉和衍射，声波也能发生干涉和衍射，故C正确．D、光波从空气射入水中时，根据c=nv，介质的折射率变大，所以速度小；而声波从气体到液体，则速度是变大；再根据v=λf，由空气射入水中时，光波的波长变小，声波的波长变大．故D错误．故选：C．【点评】：解决本题的关键知道电磁波和机械波的区别，知道两种波从一种介质进入另一介质后，速度、波长是如何变化．5．（2分）关于物体的内能，下列说法正确的是（）A．做功可以改变物体的内能B．只有通过热传递才能改变物体的内能C．对同一物体的不同物态，固态比液态的内能大D．在物体内相邻的分子与分子之间距离越大，物体的内能越大【考点】：物体的内能．【分析】：做功和热传递都能改变物体的内能．物体的内能与体积、温度等因素有关．分子间距离越大，分子势能不一定越大，内能也不一定越大．【解析】：解：A、做功可以使内能与其他能之间发生转化，从而能改变物体的内能，故A 正确．B、做功和热传递都能改变物体的内能．故B错误．C、对同一物体的不同物态，由于固态变成液态时要吸收热量，所以液态比固态的内能大．故C错误．D、在物体内相邻的分子与分子之间距离越大，分子势能不一定越大，与分子力表现为引力还是斥力有关，所以物体的内能也不一定越大．故D错误．故选：A．【点评】：解决本题的关键要掌握物体内能的决定因素，知道做功和热传递都能改变物体的内能．通过吸收热的分析确定物态变化内能的变化情况．6．（2分）教室的前、后门都安装有锁，同学们早晨到校时，只要打开其中一扇门，就可以进教室．这里的“打开门”和“可以进教室”之间体现了某种逻辑关系，如果将“打开门”和“可以进教室”看作“1”、“关上门”和“不能进教室”看作“0”，下列门电路能体现这种逻辑关系的是（）A．B．C．D．【考点】：简单的逻辑电路．【分析】：根据“与”“或”“非”三种基本的逻辑关系，进行判断．只有当一件事情的几个条件全部具备之后，这件事情才会发生．这种关系称与运算．当一件事情的几个条件中只要有一个条件得到满足，这件事就会发生，这种关系称为或运算．一件事情的发生是以其相反的条件为依据．这种逻辑关系为非运算．【解析】：解：同学们只要打开其中一扇门即可进入教室，故“打开门”与“同学们进教室”是或的关系；故选：B．【点评】：要理解“与”“或”“非”三种基本的逻辑关系，同时要能识别各种逻辑电路，这是解题的关键．7．（2分）一个小球在细绳的拉力作用下，绕某固定点在竖直平面内作圆周运动，空气阻力不计．小球在运动过程中不发生改变的物理量是（）A．速度B．角速度C．加速度D．机械能【考点】：向心力；牛顿第二定律．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：小球在竖直平面内做圆周运动，线速度的大小在变化，只有重力做功，机械能守恒．【解析】：解：A、小球在竖直面内做圆周运动，只有重力做功，机械能守恒，上升的过程，重力做负功，动能减小，下降的过程中，动能增加，可知线速度的大小在变化，根据知，角速度也在变化，加速度也变化．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】：解决本题的关键知道变速圆周运动的特点，知道机械能守恒的条件，小球在拉力作用下运动，拉力的方向与速度方向垂直，拉力不做功．8．（2分）如图所示，一端开口一端封闭的长直玻璃管，灌满水银后，开口端向下竖直插入水银槽中，稳定后管内外水银面高度差为h，水银柱上端真空部分长度为L．现将玻璃管竖直向上提一小段，且开口端仍在水银槽液面下方，则（）A．h变大，L变大B．h变小，L变大C．h不变，L变大D．h变大，L不变【考点】：理想气体的状态方程；封闭气体压强．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：在本实验中，玻璃管内水银柱的高度h主要受内外压强差的影响，管内封闭部分为真空无压强，大气压不变，水银柱产生的压强等于大气压，故高度不变．【解析】：解：因为实验中，玻璃管内封闭了一段空气，因此，大气压=玻璃管中水银柱产生的压强，大气压不变的情况下，向上提起一段距离，管口未离开水银面，水银柱的高度差h不变，产生压强始终等于大气压，管内封闭水银柱长度不变，真空部分长度变大，故A错误，B错误，D错误，C正确；故选：C【点评】：在本题的分析中，一定要抓住关键，就是大气压的大小与管内水银柱压强相等．明确管内上方是真空而不是气体，是本题最易出错之处．二．单项选择题．（共24分，每小题3分，每小题只有一个正确选项，答案涂写在答题卡上．）9．（3分）在xOy平面内存在一匀强电场，一正电荷仅受电场力作用，以一定的初速度通过坐标原点O，并沿曲线运动到A点，其运动轨迹如图所示，经过A点时的速度方向与x轴平行，则场强E的方向可能沿（）A．x轴正方向B．x轴负方向C．y轴正方向D．y轴负方向【考点】：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：分析粒子的运动情况，判断其受力情况，来确定电场可能的方向【解析】：解：A、B由题，粒子在A点时的速度方向与x轴平行，说明y轴方向粒子做减速运动．若电场的方向沿x轴方向，粒子沿y轴方向做匀速直线运动，到达A点时速度不可能与x轴平行．故AB错误．C、若电场方向沿+y方向，粒子所受的电场力沿+y方向，粒子在y轴方向上做加速运动，x 轴方向做匀速直线运动，到达A点时y轴方向有分速度，速度方向不可能与x轴平行．故C 错误D、若电场方向沿﹣y方向，粒子所受的电场力沿﹣y方向，粒子在y轴方向上做减速运动，x轴方向做匀速直线运动，到达A点时y轴方向的分速度减至零时，速度方向能与x轴平行．故D正确．故选：D【点评】：本题运用运动的分解法，确定带电粒子的运动情况，考查分析粒子受力情况和运动情况的能力10．（3分）如图所示，在一个立方体空箱子顶部用细线悬吊着一个小球，让箱子分别沿甲、乙两个倾角相同的固定斜面下滑．在斜面甲上运动过程中悬线始终竖直向下，在斜面乙上运动过程中悬线始终与顶板垂直，则箱子（）A．在斜面甲上做匀加速运动B．在斜面乙上做匀速运动C．对斜面甲的作用力较大D．对两斜面的作用力相等【考点】：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：箱子和小球具有相同的加速度，根据小球的受力，判断出小球的运动规律，从而知道箱子的运动规律．对整体分析，比较作用力的大小．【解析】：解：A、对于甲斜面上的箱子，里面小球受重力和拉力两个力平衡，知箱子也处于平衡状态，即箱子在斜面甲上做匀速直线运动．故A错误．B、对于乙斜面上的箱子，里面的小球受重力和拉力作用，两个力的合力沿斜面方向向下，知小球具有沿斜面向下的加速度，因为小球与箱子加速度相同，知箱子在斜面乙上做匀加速直线运动．故B错误．C、对整体分析，在垂直于斜面方向上合力为零，得N=（M+m）gcosθ，但是甲斜面对箱子有摩擦力，乙斜面对箱子没有摩擦力，所以斜面甲对箱子的作用力较大，可知箱子对斜面甲的作用力较大，故C正确，D错误．故选：C．【点评】：解决本题的关键知道小球和箱子具有相同的加速度，通过隔离分析得出整体的加速度．11．（3分）一定质量的理想气体，其压强随温度的变化图线p﹣t图如图所示，则由状态a 沿直线变化到状态b的过程中，气体的（）A．温度升高、体积减小B．温度降低、体积增大C．压强增大、体积不变D．压强减小、体积减小【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：根据图象判断气体的温度与压强的变化情况，然后应用理想气体状态方程=C判断气体体积如何变化，根据气体状态变化情况分析答题．【解析】：解：从图中可以看出：由状态a变化到状态b气体的温度升高，压强增大，图象过原点，根据气体状态方程=C得：气体的体积不变，故A错误，B错误，D错误，C正确．故选：C【点评】：对于气体状态图象，根据气态方程=C分析状态变化过程，利用好图象过原点这一特点．12．（3分）如图所示，条形磁铁放在光滑水平桌面上，在其中央正上方固定一根长直导线，导线与磁铁垂直．现给导线通以垂直于纸面向里的电流，则与通电前相比，导线通电后磁铁（）A．对桌面的压力增大，向左移动B．对桌面的压力增大，不动C．对桌面的压力减小，向右移动D．对桌面的压力减小，不动【考点】：安培力．【分析】：（1）通电导体在磁场中受到力的作用，力的方向可以用左手定则判断；（2）摩擦力产生的条件是两个物体相互接触，有相对运动的趋势或者已经发生相对运动【解析】：解：（1）磁铁的磁感线在它的外部是从N极到S极，因为长直导线在磁铁的中央上方，所以此处的磁感线是水平的，电流的方向垂直与纸面向里，根据左手定则，导线受磁铁给的“安培力”方向竖直向上：（2）长直导线是固定不动的，根据物体间力的作用是相互的，导线给磁铁的反作用力方向就是竖直向下的；（3）因此磁铁对水平桌面的压力除了重力之外还有通电导线的作用力，压力是增大的；因为这两个力的方向都是竖直向下的，所以磁铁不会发生相对运动，故选：B【点评】：（1）本题的关键是知道磁场对电流的作用的方向可以通过左手定则判断，然后根据作用力和反作用力的知识进行推理分析；（2）摩擦力产生的条件是两个相互接触的物体已经发生相对运动，或者有相对运动的趋势13．（3分）如图所示，处于真空中的正四面体结构的四个顶点a、b、c、d，在a点放置一个电量为+Q的点电荷，在b点放置一个电量为﹣Q的点电荷，则下列关于c、d两点电场强度和电势关系的描述中正确的是（）A．电势相同，场强不同B．电势相同，场强相同C．电势不同，场强相同D．电势不同，场强不同【考点】：电势；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：若Q1和Q2是等量异种电荷，其电场线和等势面具有对称性，通过ab的中垂面是一等势面，c、d在同一等势面上，电势相等，根据对称性分析c、d场强关系．【解析】：解：若Q1和Q2是等量异种电荷，通过ab的中垂面是一等势面，cd在同一等势面上，电势相等．cd两点的场强都与等势面垂直，方向指向b一侧，方向相同，根据对称性可知，场强大小相等，故cd两点的场强、电势均相同．故B正确．故选：B【点评】：本题要掌握等量异种电场线和等势线分布情况，抓住对称性，即可分析cd场强与电势的关系14．（3分）如图所示电路中，L1、L2为两只完全相同、阻值恒定的灯泡，R为光敏电阻（光照越强，阻值越小）．闭合电键S后，随着光照强度逐渐增强（）A．两只灯泡均逐渐变暗B．两只灯泡均逐渐变亮C．电源内电路消耗的功率逐渐增大D．光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率逐渐增大【考点】：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】：恒定电流专题．【分析】：当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，再分析总电阻的变化，由欧姆定律即可得出电路中电流及路端电压的变化；再分析并联部分电路，可得出R1的电流变化，从而判断出两个灯泡亮度的变化．由功率公式可得出功率的变化．【解析】：解：AB、当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，电路的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，则L2灯逐渐变亮．由U=E﹣Ir可知，路端电压减小，L2灯的电压增大，则R1两端的电压减小，故L1灯逐渐变暗，故AB错误；C、总电流增大，由P=I2r知电源内电路消耗功率逐渐增大，故C正确．D、将L1灯看成电源内电路的一部分，光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率是等效电源的输出功率，由于等效电源的内阻大于外电阻，所以当光敏电阻的阻值减小，外电阻减小时，等效电源的内外电阻相差加大，输出功率减小，则光敏电阻R和灯泡L1消耗的总功率逐渐减小．故D错误．故选：C【点评】：本题为闭合电路欧姆定律的动态分析问题，要注意明确此类问题的解题思路一般为：局部﹣整体﹣局部．15．（3分）已知地球半径为R，一单摆在山脚下（处于海平面高度）的周期为T，将该单摆移到高为h的山顶，其周期改变量△T为（）A．T B．T C．T D．T【考点】：单摆周期公式．【专题】：单摆问题．【分析】：根据万有引力和物体受到的重力的大小相等可以求得在地面上和高度为h处的重力加速度大小的表达式，进而由单摆的周期公式可以求得结果．【解析】：解：设单摆的摆长为L，地球的质量为M．据万有引力定律等于重力，得在海平面上，有mg=，在山顶上，有mg′=，可得海平面的重力加速度和高度为H山顶上的重力加速度之比为：g：g′=（R+h）2：R2；据单摆的周期公式可知T=，则得海平面上有：T=，山顶上有：T+△T=，由以上各式可求得：，故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】：单摆的周期是由单摆的摆长和当地的重力加速度的大小共同决定的，在不同的地方，重力加速度的大小不同．16．（3分）如图所示，两个相同的闭合铝环M、N套在一根光滑的绝缘水平杆上，螺线管的轴线与铝环的圆心在同一直线上，闭合电键S后，向左快速移动滑动变阻器的滑片p，不考虑两环间的相互作用力，则在移动滑片p的过程中（）A．M、N环向左运动，它们之间的距离增大B．M、N环向左运动，它们之间的距离减小C．M、N环向右运动，它们之间的距离增大D．M、N环向右运动，它们之间的距离减小【考点】：楞次定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：由电路图可知，当滑动头向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路电流变大，穿过环的磁通量变大，然后由楞次定律分析答题．【解析】：解：当滑动变阻器的滑动触头向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路电流变小，螺线管内部、外部的磁场均减小，穿过M、N两金属环的水平向右的磁通量减小，根据楞次定律，可知向右运动可以阻碍穿过线圈的磁通量减小，所以环将向右运动；结合条形磁铁的特点可知，靠近条形磁铁的N处的磁感应强度比较大，所以N环受到的安培力也比较大，加速度比较大，所以两环之间的距离将增大．故选：C．【点评】：根据滑片的移动方向可以判断出电路电流的变化，电流产生的磁场发生变化，穿过闭合环的磁通量发生变化，环中有感应电流产生．三．多项选择题．（共16分，每小题4分，每小题有两个或三个正确选项，全选对的，得4分，选对但不全的，得2分，有选错或不答的，得0分，答案涂写在答题卡上．）17．（4分）两个圆管道的半径均为R，通过直管道将它们无缝连接在一起．让一直径略小于管径的小球从入口A处无初速度放入，B、C、D是轨道上的三点，E为出口，其高度略低于入口A．已知BC连线经过右侧圆管道的圆心，D点与圆管道的圆心等高，以下判断正确的有（）A．如果小球与管道间无摩擦，在D点处，管道的右侧会受到小球的压力B．如果小球与管道间无摩擦，小球一定能从E点射出C．如果小球与管道间有摩擦，且小球能运动到C点，此处管道对小球的作用力可能为零D．如果小球与管道间有摩擦，小球不可能从E点射出【考点】：功能关系；向心力．【分析】：让小球在竖直放置的空心透明粗糙塑料管运动，利用牛顿第二定律与圆周运动的向心力公式，可求出某点的受力情况．同时运用动能定理，可找出某两点的速度与这两点的高度关系．小球从高于E点的A点静止释放，若光滑时则由机械能守恒定律，可得出小球是否能从E点射出．当小于到达最高C点，由速度结合牛顿第二定律可得出小球的受力情况．【解析】：解：A、由于光滑小球则从A到D过程中机械能守恒，由守恒定律可得：2mgR=﹣0…①小球在D点受力【分析】：小球受到管道的支持力F=…②由①②联式可得：F=4mg则小球对塑料管的左侧压力为4mg 故A错误；B、若小球光滑，则A到E过程中机械能守恒，由守恒定律可得：mgh AE=…③所以小球能从E点射出．故B正确；C、若小球光滑则小球到达C点的速度由机械能守恒定律求出：mgh AC=…④小球在C点受力分析与运动分析得：4mg+F=…⑤可得小球受到管道向下的弹力F=mg 但本选项是不光滑的，则小球的受到的力要小于mg．即使当小球到达C点速度变小，也不会等于0．所以小球能通过C点时此处塑料管对小球的作用力小于mg，也可能等于0．故C正确；D、小球不光滑，在下滑过程中受到阻力，虽重力做正功但阻力做负功．若阻力做的总功小于A、E之间重力势能的差，则小球不可能从E点射出．故D错误；故选：BC【点评】：本题从光滑与不光滑两种情况入手分析，利用机械能守恒定律与动能定理，来分析小球受力情况．值得注意是，当小球在C点的受力分析，可能受向上支持力，也可能受到向下“拉”力．18．（4分）两列简谐波的振幅都是20cm，传播速度大小相同，实线波的频率为2Hz，沿x 轴正方向传播，虚线波沿x轴负方向传播，某时刻两列波在如图所示区域相遇，则（）A．平衡位置为x=6cm的质点此刻速度为零B．平衡位置为x=8.5cm处的质点此刻位移y＞20cmC．从图示时刻起再经过0.25s，平衡位置为x=4cm处的质点的位移y=0D．随着波的传播，在相遇区域会出现某质点的振动位移达到y=40cm【考点】：横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：根据波的传播判断两列波单独传播时引起质点的振动方向，由矢量合成分析质点的速度和位移．在同一均匀介质中两列波的波速是相同．【解析】：解：A、两列波单独传播时，都引起平衡位置为x=6cm的质点向上运动，由矢量合成知，此刻速度是最大，故A错误．B、由波形图，两列简谐横波在平衡位置为x=8.5m处的质点的位移是两列波引起位移的矢量和，此时虚线波单独传播在8.5m的质点的位移为10cm；实线波单独传播在8.5m的质点的位移为10=14.14cm；故合位移为24.14cm，大于20cm，故B正确．C、由图知，实线波的波长为4cm，由v=λf，得波速为v=8cm/s，由波形平移法可知，从图示时刻起再经过0.25s，两列波传播的距离都是x=vt=2cm，则再经过0.25s两列波的平衡位置状态在x=4cm处相遇，该质点的位移y=0，故C正确．D、如图中平衡位置为x=6cm处的质点速度方向相同，均向上，由波的叠加原理知，振动位移会达到y=2A=40cm，故D正确．故选：BCD．【点评】：波形图是反应某时刻各质点的位置，解决本题时要抓住在同一介质中传播的同一类波波速相等，知道干涉的条件和波的叠加原理．19．（4分）在倾角为θ的斜面上固定两根足够长且间距为L的光滑平行金属导轨PQ、MN，导轨处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向下．有两根质量分别为m1和m2的金属棒a、b，先将a棒垂直于导轨放置，用跨过光滑定滑轮的细线与物块c连接，连接a棒的细线平行于导轨，由静止释放c，此后某时刻，将b也垂直于导轨放置，此刻起a、c做匀速运动而b静止，a棒在运动过程中始终与导轨垂直，两棒与导轨电接触良好，导轨电阻不计，则（）A．物块c的质量是（m1+m2）sinθB．b棒放上导轨前，物块c减少的重力势能等于a、c增加的动能C．b棒放上导轨后，a棒克服安培力所做的功等于a棒上消耗的电能D．b棒放上导轨后，b棒中电流大小是【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：a、b棒中电流大小相等方向相反，故a、b棒所受安培力大小相等方向相反，对b棒进行受力分析有安培力大小与重力沿斜面向下的分力大小相等，再以a棒为研究对象，由于a棒的平衡及安培力的大小，所以可以求出绳的拉力，再据C平衡可以得到c的质量．c 减少的重力势能等于各棒增加的重力势能和动能以及产生的电能，由此分析便知．【解析】：解：A、b棒静止说明b棒受力平衡，即安培力和重力沿斜面向下的分力平衡，a 棒匀速向上运动，说明a棒受绳的拉力和重力沿斜面向下的分力大小以及沿斜面向下的安培力三个力平衡，c匀速下降则c所受重力和绳的拉力大小平衡．由b平衡可知，安培力大小F安=m2gsinθ。

2015年上海市闵行区高考物理二模试卷和答案

2015年上海市闵行区高考物理二模试卷一．单项选择题（共16分，每小题2分．每小题只有一个正确选项．）1．（2分）下列物理学习或研究中用到的方法与“曹冲称象”的方法相同的是（）A．“质点”的概念B．“瞬时速度”的概念C．合力与分力的关系D．研究加速度与合力、质量的关系2．（2分）下列哪些物理量与检验电荷无关（）A．电场强度、电势、电功B．电场力、电势差、电势能C．电场力、电势能、电功D．电势差、电场强度、电势3．（2分）下列射线中，来自于原子核内部，且穿透能力最强的射线是（）A．γ射线B．α射线C．阴极射线D．X射线4．（2分）关于能量，下列叙述中正确的是（）A．每个分子的内能等于它的势能和动能的总和B．自然界中每种物质的运动形式都有其相对应的能C．能量发生转移或转化时，一定伴有做功的过程D．物体的内能变化时，它的温度一定发生变化5．（2分）关于卢瑟福的α粒子散射实验，下列叙述中与得到的实验结果相符的是（）A．所有α粒子穿过金箔后偏转角度都很小B．大多数α粒子发生较大角度的偏转C．向各个方向运动的α粒子数目基本相等D．极少数α粒子产生超过90°的大角度偏转6．（2分）下列关于太阳及太阳系的说法中正确的是（）A．太阳向外辐射能量主要来自太阳内部的核裂变反应B．太阳系中距离太阳越近的行星绕太阳公转速度越大C．太阳系中内行星都没有坚硬的外壳，外行星都有坚硬的外壳D．太阳系虽然是银河系中很小很小的一部分，但它位于银河系的中心7．（2分）根据爱因斯坦光子说，光子能量E等于（h为普朗克常量，c、λ为真空中的光速和波长）（）A．B． C．hλD．8．（2分）某辆汽车以相同功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A．v2=k1v1B．v2=k2v1C．v2=v1 D．v2=v1二．单项选择题（共24分，每小题3分．每小题只有一个正确选项．）9．（3分）如图，各实线分别表示一定质量的理想气体经历的不同状态变化过程，其中气体体积减小的过程为（）A．a→b B．b→a C．b→c D．d→b10．（3分）如图所示，甲、乙、丙、丁四个物体质量相同，与地面动摩擦因数相同，均受到大小相同的作用力F，它们受到摩擦力大小的关系是（）A．丁最大B．乙最大C．丙最大D．已知条件不够，无法判断谁最大11．（3分）如图，质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于O、Oʹ，并处于匀强磁场中．当导线中通以沿x正方向的电流I，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为θ．则磁感应强度方向和大小可能为（）A．x正向，B．y正向，cosθC．z负向，tanθD．y负向，sinθ12．（3分）如图所示，AB、AC两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB与水平面的夹角为30°，两细杆上分别套有带孔的a、b两小球，在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平．某时刻剪断细线，在两球下滑到底端的过程中，下列结论中正确的是（）A．a、b两球到底端时速度相同B．a、b两球重力做功相同C．小球a下滑的时间大于小球b下滑的时间D．小球a受到的弹力小于小球b受到的弹力13．（3分）如图所示，一端封闭的玻璃管，开口向下插入水银槽中，上端封闭一定量的气体．用弹簧测力计拉着玻璃管，此时管内外水银面高度差为h1，弹簧测力计示数为F1．若周围环境温度升高，待稳定后管内外水银面高度差为h2，弹簧测力计示数为F2，则（）A．h2＞h1，F2＜F1B．h2＜h1，F2＜F1C．h2＜h1，F2＞F1D．h2＞h1，F2＞F1 14．（3分）如图所示装置用来提重物的“差动滑轮”．它的上半部分是由固定在一起半径分为r和R的两个齿轮组成，能绕中心轴O转动，下半部分是一个动滑轮．封闭的链条如图串绕在几个滑轮上，动滑轮下悬挂着质量为M的重物．已知r：R=1：3．悬挂动滑轮的链条处于竖直状态，假设滑轮与链条的重力及轴O 处的摩擦均忽略不计．现用大小为F的力以速率v匀速拉动链条，则下列叙述正确的是（）A．力F的大小为Mg B．力F的大小为MgC．重物上升的速率为v D．重物上升的速率为v15．（3分）一物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度变为v；若将水平拉力的大小改为F2，物体从静止开始经过同样的时间后速度变为3v．对于上述两个过程，用W F1、W F2分别表示拉力F1、F2所做的功，W f1、W f2分别表示前后两次克服摩擦力所做的功，则（）A．W F2＞9W F1，W f2＞3W f1B．W F2＜9W F1，W f2=3W f1C．W F2=9W F1，W f2=2W f1D．W F2＞9W F1，W f2＜3W f116．（3分）如图所示，两根平行放置、长度很长的直导线A和B，放置在与导线所在平面垂直的匀强磁场中，A导线通有电流I、B导线通有电流2I，且电流方向相反，研究两导线中正相对的长度均为L的两小段导线a、b．导线a受到磁场力大小为F1，导线b受到的磁场力大小为F2，则A通电导线的电流在b导线处产生的磁感应强度大小为（）A． B．C．D．三．多项选择题（共16分，每小题4分｡每小题有二个或三个正确选项｡全选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分｡）17．（4分）如图所示，灯泡L标有“3V 3W”字样，其电阻不变，R1=5Ω，R2阻值未知，R3是最大电阻为6Ω的滑动变阻器，P为滑动片，电流表内阻不计．当P 滑到A端时，灯泡L正常发光；当P滑到B端时，电源的输出功率为20W．则（）A．可求得电源电动势为3VB．当P滑到变阻器中点G时，电源内电路损耗功率为2.56WC．当P由A滑到B时电流表示数增大D．当P由A滑到B时灯泡L变亮18．（4分）如图所示，质量为m的小球（可视为质点）用长为L的细线悬挂于O点，自由静止在A位置．现用水平力F缓慢地将小球从A拉到B位置而静止，细线与竖直方向夹角为θ=60°，此时细线的拉力为T1，然后撤去水平力F，小球从B返回到A点时细线的拉力为T2，则（）A．T1=T2=2mgB．从A到B，拉力F做功为mgLC．从B到A的过程中，小球受到的合外力大小不变D．从B到A的过程中，小球重力的瞬时功率一直增大19．（4分）在两种介质中分别有A、B两列简谐横波均沿x轴正向传播，在某时刻它们的波形分别如图甲、乙所示，经过时间t（T A＜t＜2T A），这两列简谐横波的波形分别变为图丙、丁所示，则A、B两列波的波速v A、v B之比可能是（）A．1：1 B．3：2 C．3：4 D．4：320．（4分）如图所示，在竖直平面内半径为R的四分之一圆弧轨道AB、水平轨道BC与斜面轨道CD平滑连接在一起（轨道为光滑凹槽），斜面轨道足够长．在圆弧轨道上静止着N个半径为r（r≪R）的完全相同小球，小球恰好将圆弧轨道铺满，从最高点6CA到最低点B依次标记为1、2、3…N．现将圆弧轨道末端B处的阻挡物拿走，N 个小球由静止开始沿轨道运动，不计摩擦与空气阻力，下列说法正确的是（）A．N个小球在运动过程中始终不会散开B．第N个小球在斜面上能达到的最大高度为RC．如果斜面倾角为45°，小球不可以全部到达斜面上D．第1个小球到达最低点的速度v＜四．填空题（共20分，每小题4分｡）本大题中第22题和第23题为交叉题，第22A为第22题，22B位第23题，考生可任选一类答题｡若两类试题均做，一律按A类题计分｡21．（4分）如图1是在水槽中看到的水波的现象；图2是用激光束照射一个不透明的小圆盘时，在像屏上观察到的图样，这是光的现象．22．（4分）质量为50kg的人从岸上以10m/s的水平速度跳上一只迎面驶来的质量为100kg、速度为2m/s的小船．人跳上船后，船、人一起运动的速度大小为m/s，此过程中损失的机械能是J．23．航天员王亚平在”天宫一号”飞船舱内对地面授课．设王亚平的质量为m，用R表示地球的半径，用r表示飞船的轨道半径，g表示地球表面处的重力加速度，则飞船绕地球飞行的向心加速度为，飞船舱内王亚平受到地球的引力F 为．24．（4分）如图所示，光滑绝缘的水平桌面上，固定着一个带电量为+Q的小球P，带电量分别为﹣q和+2q的小球M和N由绝缘细杆相连，静止在桌面上，P 与M相距L，P、M和N均视为点电荷，则M与N的距离为，若将M与N绕绝缘杆的中点在水平面内缓慢转动180°，外力克服电场力做功△E，则+Q的电场在绝缘杆两端的电势差U MN为。

2015上海物理二模卷(DOC)

2015年上海市六校联考高考物理二模试卷一.单项选择题（每小题2分，共16分．）1．（2分）（2015•上海二模）人类对光的本性的认识经历了曲折的过程．下列关于光的本性的陈述中不符合科学规律或历史事实的是（）A．牛顿的“微粒说”与爱因斯坦的“光子说”本质上是一样的B．光的双缝干涉实验显示了光具有波动性C．麦克斯韦预言了光是一种电磁波D．光具有波粒二象性【考点】：光子；物理学史．【分析】：牛顿的“微粒说”认为光是一种实物粒子，而爱因斯坦的“光子说”认为光是一种量子化的物质．光既具有波动性又具有粒子性，光是一种电磁波，干涉是波特有的现象．【解析】：解：A、牛顿的“微粒说”认为光是一种实物粒子，而爱因斯坦的“光子说”认为光是一种量子化的物质．故A错误．B、干涉是波特有的现象，故光的双缝干涉实验显示了光具有波动性，故B正确．C、麦克斯韦根据他的电磁理论，认为光是一种电磁波，而赫兹证实了电磁波的存在．故C正确．D、光既具有波动性又具有粒子性，故具有波粒二象性，故D正确．本题选不符合的，故选A．【点评】：多读教材，加强基础知识积累就能顺利解决此类题目．2．（2分）（2015•上海二模）关于原子和原子核，下列说法中正确的是（）A．汤姆孙发现了电子使人们认识到电子是组成物质的最小微粒B．原子核集中了原子的几乎全部正电荷和全部质量C．卢瑟福通过原子核的人工转变发现了质子D．β粒子是从原子核内发出的，说明原子核内有电子存在【考点】：物理学史．【专题】：常规题型．【分析】：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解析】：解：A、电子的发现使人们认识到原子有复杂的结构．故A错误．B、原子核集中了原子的全部正电荷和几乎全部的质量，故B错误；C、卢瑟福通过原子核的人工转变发现了质子，故C正确；D、β衰变时，原子核中的一个中子转化为一个质子和一个电子，释放出来的电子就是β粒子，可知β衰变现象不是说明电子是原子核的组成部分．故D错误；故选：C．【点评】：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．3．（2分）（2015•上海二模）在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．第谷通过对天体运动的长期观察，发现了行星运动三定律B．亚里士多德认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．卡文迪许第一次在实验室里测出了引力常量【考点】：物理学史．【专题】：常规题型．【分析】：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解析】：解：A、开普勒通过对天体运动的长期观察，发现了行星运动三定律，故A错误；B、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才会运动，没有力的作用，物体就要静止下来，故B错误；C、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，故C错误；D、卡文迪许第一次在实验室里测出了引力常量，故D正确；故选：D．【点评】：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．4．（2分）（2014•广东）如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是（）A．M处受到的支持力竖直向上B．N处受到的支持力竖直向上C．M处受到的摩擦力沿MN方向D．N处受到的摩擦力沿水平方向【考点】：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：支持力是一种弹力，其方向总是与接触面垂直，指向被支持物．静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反．【解析】：解：A、M处受到的支持力与地面垂直向上，即竖直向上，故A正确；B、N处受到的支持力与原木P垂直向上，不是竖直向上，故B错误；C、原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故C错误；D、N处受到的摩擦力沿原木表面向上，故D错误．故选：A．【点评】：解决本题的关键要掌握支持力和静摩擦力方向的特点，并能正确分析实际问题．要注意静摩擦力总是与物体相对运动趋势方向相反．5．（2分）（2015•上海二模）已知声波在钢轨中传播的速度远大于在空气中传播的速度，则当声音由钢轨传到空气中时（）A．频率变小，波长变长B．频率变大，波长变短C．频率不变，波长变长D．频率不变，波长变短【考点】：波长、频率和波速的关系．【分析】：当声音由钢轨传到空气中时，频率不变，波速减小，由波速公式分析波长的变化．【解析】：解：当声音由钢轨传到空气中时，频率不变，由题意得知波速减小，由波速公式v=λf 可知，波长变短．故D正确．故选D【点评】：本题关键要掌握波的频率、波速和波长的决定因素，抓住频率由波源决定，波速由介质决定，而波长由介质和波源共同决定．6．（2分）（2015•上海二模）对于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．速度方向和加速度方向不可能一致B．合外力一定与速度方向垂直C．合外力一定发生变化D．物体受到的摩擦力方向一定和速度方向平行【考点】：物体做曲线运动的条件．【专题】：运动的合成和分解专题．【分析】：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同．【解析】：解：A、曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上；根据牛顿第二定律，加速度与合力同向；故曲线运动中，速度与加速度一定不共线，故A正确；B、曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，不一定垂直，故B错误；C、曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合力可以不变，如平抛运动，故C错误；D、物体与曲线轨道间的摩擦力方向与相对运动方向相反，而速度方向是切线方向，故摩擦力方向和速度方向平行，故D正确；故选：AD．【点评】：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．7．（2分）（2015•上海二模）游泳运动员以相对于水流恒定的速率垂直河岸过河，当水速突然增大时，则过河（）A．路程增加、时间增加B．路程增加、时间不变C．路程增加、时间缩短D．路程、时间都不变【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．【分析】：将运动员的运动分解为沿河岸方向和垂直河岸方向，根据分运动和合运动具有等时性，渡河的时间等于在垂直河岸方向分运动的时间．最终的位移是两个位移的合位移．【解析】：解：当水速突然增大时，在垂直河岸方向上的运动时间不变，所以横渡的时间不变．水速增大后在沿河岸方向上的位移增大，所以路程增加．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】：解决本题的关键将运动员的运动分解为沿河岸方向和垂直河岸方向，知道分运动和合运动具有等时性．8．（2分）（2015•上海二模）下列选项中的各圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各圆环间彼此绝缘．坐标原点O 处电场强度最大的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】：电场强度；电场的叠加．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：根据点电荷场强的公式和场强叠加原理，与选项相对比，分析求解问题．分析时要抓住电场线从正电荷出发发无穷远处终止，或从无穷远处出发到负电荷终止．【解析】：解：设带电圆环在O 点产生的场强大小为E ．A 图中坐标原点O 处电场强度是带电圆环产生的，原点O 处电场强度大小为E ；B 图中坐标原点O 处电场强度是第一象限带正电圆环和第二象限带负电圆环叠加产生，坐标原点O 处电场强度大小等于E ．C 图中第一象限带正电圆环和第三象限带正电圆环产生电场相互抵消，所以坐标原点O 处电场强度是带电圆环带电圆环产生的，原点O 处电场强度大小为E ；D 图中第一象限带正电圆环和第三象限带正电圆环产生电场相互抵消，第二象限带负电圆环和第四象限带负电圆环产生电场相互抵消，所以坐标原点O 处电场强度为0．所以坐标原点O 处电场强度最大的是B ．故选：B ．【点评】：本题关键抓住对称性和叠加原理分析O 点的场强．要求学生在牢固的掌握基本知识的基础上要能过灵活的分析问题．二、单项选择题（每小题3分，共24分．）9．（3分）（2015•上海二模）一定质量的理想气体，如果保持它的体积不变，降低温度，使它的压强变为0℃时压强的，则此时气体的摄氏温度数值是（）A ．B ． nC ．D ．【考点】：理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：气体经历等容变化，根据查理定律公式PV=C 列式分析即可．【解析】：解：气体经历等容变化，降低温度，使它的压强变为0℃时压强的，根据查理定律，有：故：解得：t1=故选：C．【点评】：本题关键是明确气体经历等容变化过程，根据查理定律列式分析即可，注意摄氏温标与绝对温标的联系．10．（3分）（2013•江苏）在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所示．M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻R M发生变化，导致S两端电压U增大，装置发出警报，此时（）A．R M变大，且R越大，U增大越明显B．R M变大，且R越小，U增大越明显C．R M变小，且R越大，U增大越明显D．R M变小，且R越小，U增大越明显【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：压轴题；恒定电流专题．【分析】：电阻R与R M并联后与S串联，当电阻R越大时，电阻R与R M并联的电阻越接近R M，电压变化越明显．【解析】：解：S两端电压U增大，故传感器两端电压一定减小；当“有药液从针口流出体外”使传感器接触药液，R M变小；当R＞R M时，R越大，M与R并联的电阻R并越接近R M，U增大越明显；故选：C．【点评】：本题是电路的动态分析问题，关键明确当电阻R越大时，电阻R与R M并联的电阻越接进R M，电压变化越明显．11．（3分）（2009•安徽）为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯．无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示．那么下列说法中正确的是（）A．顾客始终受到三个力的作用B．顾客始终处于超重状态C．顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下D．顾客对扶梯作用力的方向先指向右下方，再竖直向下【考点】：牛顿运动定律的综合应用．【分析】：分加速和匀速两个过程对顾客进行运动分析和受力分析，加速过程合力斜向右上方，故支持力大于重力，静摩擦力向右；匀速过程重力和支持力二力平衡．【解析】：解：在慢慢加速的过程中，受力如图，物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向向左下，由于加速向右上方，处于超重状态；在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下；故选C．【点评】：本题关键要分两个过程研究，加速过程可以先找出加速度方向，然后得出合力方向，结合物体的受力情况，可以得出各个力的大小情况；匀速过程二力平衡，与运动方向无关！12．（3分）（2015•上海二模）两个等量点电荷位于x轴上，它们的静电场的电势φ随位置x 变化规律如图所示（只画出了部分区域内的电势），x轴上两点B、C点，且OB＞OC，由图可知（）A．C点的电势低于B点的电势B．B点的场强大小大于C点的场强大小，B、C点的电场方向相同C．正电荷可以在x轴上B、C之间的某两点做往复运动D．负电荷沿x轴从B移到C的过程中电场力先做正功后作负功【考点】：电势能；电势．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：根据电势的图象直接读出电势高低．由E=可知，图象的斜率绝对值等于场强大小，由斜率分析场强的大小关系．根据顺着电场线方向电势降低，判断电场线的方向，确定正电荷所受的电场力方向，分析其运动情况．根据电场力与位移方向间的关系，判断电场力做功的正负．【解析】：解：A、由图知，C点的电势高于B点的电势．故A错误．B、由E=可知，图象的斜率绝对值等于场强大小，可以看出B点的场强大小大于C点的场强大小．斜率都为正值，说明B、C点的电场方向相同．故B正确．C、根据顺着电场线方向电势降低，可知电场线的方向从C指向B，正电荷在x轴上B、C之间所受的电场力始终由C指向B，正电荷做单向直线运动．故C错误．D、负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力方向由从B指向C，电场力方向与位移相同，电场力一直做做正功．故D错误．故选B【点评】：本题考查对电势与场强、电场线方向、电场力做功等等关系的理解，难点是根据匀强电场电势差与场强的关系E=理解图象的斜率与场强的关系．13．（3分）（2015•上海二模）如图所示，轻支架可绕O点无摩擦自由转动，A端靠在墙上，将一小物体放在支架上让其自由下滑．支架和小物体间光滑，当小物体经过O点正上方时，A 端受力N1；仅改变支架和小物体间的粗糙程度，使小物体能匀速下滑，当小物体经过O点正上方时，A端受力N2，则（）A．N1=0 B．N1＜N2 C．N1＞N2 D．N1=N2【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：以O为支点，根据力矩平衡条件研究N1与N2的大小关系．支架和小物体间光滑，当支架和小物体间光滑小物体经过O点正上方时，N1的力矩与物块对支架压力的力矩平衡．当小物体匀速下滑经过O点正上方时，N2的力矩与摩擦力的力矩之和等于物块对支架压力的力矩．【解析】：解：设物体经过O点正上方时对支架的压力大小为N．以O为支点．当支架和小物体间光滑，小物体经过O点正上方时，根据力矩平衡得知N1的力矩与物块对支架压力的力矩平衡，即：M N1=M N．当小物体匀速下滑经过O点正上方时，N2的力矩与摩擦力的力矩之和等于物块对支架压力的力矩，即M N2+M f=M N．由于两次物块对支架压力的力矩相等，得M N1=M N2+M f，则有M N1＞M N2，而力臂不变，所以N1＞N2．故选C【点评】：本题是力矩平衡问题，分析除支点以外支架的受力情况是解题的关键，还要分析力矩的方向．14．（3分）（2015•上海二模）如图所示，“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上．不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，下列说法正确的是（）A．A的速度比B的大B．A与B的向心加速度大小相等C．悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D．悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小【考点】：向心力；线速度、角速度和周期、转速．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：AB两个座椅具有相同的角速度，分别代入速度、加速度、向心力的表达式，即可求解．【解析】：解：AB两个座椅具有相同的角速度．A：根据公式：v=ω•r，A的运动半径小，A的速度就小．故A错误；B：根据公式：a=ω2r，A的运动半径小，A的向心加速度就小，故B错误；C：如图，对任一座椅，受力如图，由绳子的拉力与重力的合力提供向心力，则得：mgtanθ=mω2r，则得tanθ=，A的半径r较小，ω相等，可知A与竖直方向夹角θ较小，故C错误．D：A的向心加速度就小，A的向心力就小，A对缆绳的拉力就小，故D正确．故选：D．【点评】：解决本题的关键知道A、B的角速度大小相等，知道线速度、角速度、向心加速度、向心力之间的关系，并能灵活运用．15．（3分）（2015•上海二模）如图所示，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L，导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙，二者平滑连接．右端接一个阻值为R的定值电阻．平直部分导轨左边区域有宽度为d、方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场．质量为m、电阻也为R的金属棒从高度为h处静止释放，到达磁场右边界处恰好停止．已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为μ，金属棒与导轨间接触良好．则金属棒穿过磁场区域的过程中（）A．流过金属棒的最大电流为B．通过金属棒的电荷量为C．克服安培力所做的功为mghD．金属棒产生的焦耳热为0.5（mgh﹣μmgd）【考点】：法拉第电磁感应定律；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：金属棒在弯曲轨道下滑时，只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律或动能定理可以求出金属棒到达水平面时的速度，由E=BLv求出感应电动势，然后求出感应电流；由q=可以求出感应电荷量；克服安培力做功转化为焦耳热，由动能定理（或能量守恒定律）可以求出克服安培力做功，导体棒产生的焦耳热．【解析】：解：A、金属棒下滑过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh=mv2，金属棒到达水平面时的速度v=，金属棒到达水平面后做减速运动，刚到达水平面时的速度最大，最大感应电动势E=BLv，最大感应电流I==，故A错误；B、感应电荷量q=△t==，故B错误；C、金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：mgh﹣W B﹣μmgd=0﹣0，克服安培力做功：W B=mgh ﹣μmgd，故C错误；D、克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热：Q R=Q=W B=mg（h﹣μd），故D正确；故选：D．【点评】：本题综合考查了机械能守恒定律、动能定理、法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律等，综合性较强，对学生能力要求较高，需加强这方面的训练．16．（3分）（2015•上海二模）在如图所示电路中，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合电键S，当R2的滑动触片P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电流表、电压表的示数分别用I、U1、U2、U3表示，它们示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示．则下列分析判断不正确的是（）A．不变，不变B．变大，变大C．变大，不变D．变大，不变【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：通过分析电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电压表V3测路端电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，根据串联电路中电流的特点和电压特点，及欧姆定律逐项判断即可得出答案．【解析】：解：A、当滑动变阻器触头P向下滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，则电路中总电流I变小；R1为定值电阻，则==R1，均不变，故A正确．BC、=R2，变大．由闭合电路欧姆定律可知U2=E﹣I（r+R1），则得=r+R1，不变；故B错误，C正确．D、=R1+R2，变大．由闭合电路欧姆定律可知U3=E﹣Ir，则得=r，不变．故D正确本题选不正确的，故选：B．【点评】：分清电路图，利用等效电阻法，根据电阻的变化确定比值的变化是解决本题的关键．三、多项选择题（每小题4分，共16分．）17．（4分）（2015•上海二模）B．如图所示，是现代化工业生产中大部分光电控制设备用到的光控继电器的示意图，它由电源、光电管、放大器、电磁继电器等几部分组成；当用绿光照射图中光电管阴极K时，可发生光电效应，则以下说法正确的是（）A．增大绿光照射强度，光电子最大初动能增大B．增大绿光照射强度，电路中的光电流增大C．改用波长比绿光波长大的光照射光电管阴极K时，电路中一定有光电流D．改频率长比绿光频率大的光照射光电管阴极K时，电路中一定有光电流【考点】：光电效应．【专题】：光电效应专题．【分析】：产生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，增大入射光强度只会增大光电流强度，不改变最大初动能．【解析】：解：A、B增大绿光照射强度，会增大光电流强度，光电子最大初动能不变，A错误B正确；C、改用波长比绿光波长大的光照射光电管阴极K时，电路中一定没有光电流，C错误；D、改频率长比绿光频率大的光照射光电管阴极K时，电路中一定有光电流，D正确；故选BD【点评】：本题考查了发生光电效应的条件：入射光的频率大于金属的极限频率．18．（4分）（2011•上海）受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上作直线运动，其v﹣t图线如图所示，则（）A．在0～t1秒内，外力F大小不断增大B．在t1时刻，外力F为零C．在t1～t2秒内，外力F大小可能不断减小D．在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大【考点】：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．【专题】：压轴题．【分析】：（1）v﹣t图象中，斜率表示加速度，从图象中可以看出0～t1秒内做加速度越来越小的加速运动，t1～t2秒内做加速度越来越大的减速运动，两段时间内加速度方向相反；（2）根据加速度的变化情况，分析受力情况．【解析】：解：A．根据加速度可以用v﹣t图线的斜率表示，所以在0～t1秒内，加速度为正并不断减小，根据加速度，所以外力F大小不断减小，A错误；B．在t1时刻，加速度为零，所以外力F等于摩擦力，不为零，B错误；C．在t1～t2秒内，加速度为负并且不断变大，根据加速度的大小，外力F大小可能不断减小，C正确；D．如果在F先减小一段时间后的某个时刻，F的方向突然反向，根据加速度的大小，F后增大，因为v﹣t图线后一段的斜率比前一段大，所以外力F大小先减小后增大是可能的，故D正确．故选CD．【点评】：本题考查v﹣t图线的相关知识点，涉及牛顿第二定律的应用及受力分析的能力，难度较大．19．（4分）（2014•广东）如图所示，光滑绝缘的水平桌面上，固定着一个带电量为+Q的小球P，带电量分别为﹣q和+2q的小球M和N，由绝缘细杆相连，静止在桌面上，P与M相距L，P、M和N视为点电荷，下列说法正确的是（）A．M与N的距离大于LB．P、M和N在同一直线上C．在P产生的电场中，M、N处的电势相同D．M、N及细杆组成的系统所受合外力为零【考点】：电势差与电场强度的关系；电势．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：A、根据对M、N受力分析，结合平衡条件与库仑定律，假设杆无作用力，即可求解；B、根据整体受力分析，结合平衡条件，即可求解；C、由点电荷电场线的分布，依据沿着电场线的方向，电势降低，即可求解；D、由整体处于平衡状态，结合牛顿第二定律，即可求解．【解析】：解：A、对M、N分别受力分析，根据库仑定律，假设杆无作用力，设M与N间距为r，则有：，解得：r=（）L；故A错误；B、由于水平桌面光滑，若P、M和N不在同一直线上，则各自受力不共线，会出现不平衡现象，故B正确；C、由带电量为+Q的小球P，结合沿着电场线方向电势降低的，则M点电势高于N点，故C错误；D、由题意可知，M、N及细杆组成的系统处于静止状态，因此合外力为零，故D正确．故选：BD．【点评】：考查研究对象的选取，受力分析的进行，库仑定律的掌握，理解平衡条件的应用，注意电势的高低判定方法．20．（4分）（2015•上海二模）如图所示，圆心在O点、半径为R的圆弧轨道abc竖直固定在水平桌面上，Oc与Oa的夹角为60°，轨道最低点a与桌面相切．一轻绳两端系着质量为m1和m2的小球（均可视为质点），挂在圆弧轨道边缘c的两边，开始时，m1位于c点，然后从静止释放，设轻绳足够长，不计一切摩擦．则（）A．在m1由c下滑到a的过程中，两球速度大小始终相等B．m1在由c下滑到a的过程中重力的功率先增大后减小C．若m1恰好能沿圆弧轨道下滑到a点，则m1=3m2D．若m1恰好能沿圆弧轨道下滑到a点，则m1=2m2。

2015年上海市黄浦区高考物理二模试卷(含详解)

2015年上海市黄浦区高考物理二模试卷一、单项选择题（共16分，每小题2分．每小题只有一个正确选项．）1．（2分）天然放射性元素衰变时放出的β射线是（）A．电子流B．光子流C．中子流D．质子流2．（2分）关于物理学史，下列说法中符合史实的是（）A．爱因斯坦为解释光的干涉现象提出了光子说B．麦克斯韦提出了光的电磁说C．汤姆生发现了电子，并首先提出原子的核式结构模型D．贝克勒尔在研究天然放射性的过程中发现了放射性元素钋（Po）和镭（Ra）3．（2分）如图所示A、B分别表示某一个门电路两个输入端的信号，Z表示该门电路输出端的信号，则根据它们的波形可以判断该门电路是（）A．“与”门B．“或”门C．“非”门D．“与非”门4．（2分）关于超声波、微波和光波，下列说法中正确的是（）A．它们都是电磁波B．超声波最容易产生衍射现象C．微波的波长最短D．只有光波可以发生干涉现象5．（2分）关于光电效应，下列说法中正确的是（）A．发生光电效应时，入射光越强，光子的能量就越大B．不同金属产生光电效应的入射光的最低频率是相同的C．金属内的每个电子可以吸收一个或一个以上的光子，当它积累的动能足够大时，就能发生光电效应D．如果入射光子的能量小于金属表面的电子克服原子核的引力而逸出时所需做的最小功，便不能发生光电效应6．（2分）如图所示，一端开口、另一端封闭的玻璃管内用水银柱封闭一定质量的气体，保持温度不变，把管子以封闭端为圆心，从开口向上的竖直位置逆时针缓慢转到水平位置的过程中，可用来说明气体状态变化的p﹣V图象是（）A．B．C．D．7．（2分）如图所示，两个闭合正方形线框A、B的中心重合，放在同一水平面内．当小线框A中通有不断增大的顺时针方向的电流时，对于线框B，下列说法中正确的是（）A．有顺时针方向的电流且有收缩的趋势B．有顺时针方向的电流且有扩张的趋势C．有逆时针方向的电流且有收缩的趋势D．有逆时针方向的电流且有扩张的趋势8．（2分）甲分子固定在坐标原点O，乙分子位于r轴上，甲、乙两分子间作用力与分子间距离关系图象如图中曲线所示，F＞0为斥力，F＜0为引力．a、b、c、d为r轴上四个特定的位置，现把乙分子从a处由静止释放，则（）A．乙分子从a到b过程中，两分子间无分子斥力B．乙分子从a到c过程中，两分子间的分子引力先减小后增加C．乙分子从a到c一直加速D．乙分子从a到b加速，从b到c减速二、单项选择题（共24分，每小题3分．每小题只有一个正确选项．）9．（3分）做简谐运动的弹簧振子，每次通过平衡位置与最大位移处之间的某点时，下列哪组物理量完全相同（）A．回复力、加速度、速度B．回复力、加速度、动能C．回复力、速度、弹性势能D．加速度、速度、机械能10．（3分）一定质量理想气体的状态变化如图所示，则该气体（）A．状态b的压强大于状态c的压强B．状态a的压强大于状态b的压强C．从状态c到状态d，体积减小D．从状态a到状态c，温度不变11．（3分）光滑水平面上有一质量为2kg的物体，在五个恒定的水平共点力的作用下处于平衡状态．现同时撤去大小分别为8N和16N的两个水平力而其余力保持不变，关于此后物体的运动情况的说法中正确的是（）A．一定做匀变速直线运动，加速度大小可能是4m/s2B．可能做匀减速直线运动，加速度大小可能是2m/s2C．一定做匀变速运动，加速度大小可能是10m/s2D．可能做匀速圆周运动，向心加速度大小可能是8m/s212．（3分）如图所示，电源的电动势为E，内阻为r，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为电键，V与A分别为电压表与电流表．初始时S0闭合、S断开，现将S闭合，则（）A．电压表V的读数变大，电流表A的读数变小B．电压表V的读数变大，电流表A的读数变大C．电压表V的读数变小，电流表A的读数变小D．电压表V的读数变小，电流表A的读数变大13．（3分）如图所示，虚线是某静电场的一簇等势线，边上标有电势的值。