2018-2019学年福建省厦门市八年级(上册)期中数学试卷含答案

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2021-2022学年-有答案-福建省厦门市某校八年级(上)期中数学试卷 (2)

2021-2022学年福建省厦门市某校八年级（上）期中数学试卷一．选择题（每题4分，满分40分）1. 乐乐看到妈妈手机上有好多图标，在下列图标中可看作轴对称图形的是（）A. B. C. D.2. 以下列各组线段为边，能组成三角形的是（）A.3cm，4cm，5cmB.3cm，3cm，6cmC.5cm，10cm，4cmD.1cm，2cm，3cm3. 下列运算正确的是（）A.x4+x4＝x8B.x6÷x2＝x3C.x⋅x4＝x5D.(x2)3＝x84. 下列图形中，具有稳定性的是（）A. B. C. D.5. 如图，已知AB⊥BD，AC⊥CD，∠A=40∘，则∠D的度数为( )A.40∘B.50∘C.60∘D.70∘6. 下列各式中能用完全平方公式分解因式的是( )A.x2+x+1B.x2+2x+1C.x2+2x−1D.x2−2x−17. 如图，已知∠BAD=∠CAD，则下列条件中不一定能使△ABD≅△ACD的是（）A.∠B=∠CB.∠BDA=∠CDAC.AB=ACD.BD=CD8. 已知a+b＝3，ab＝2，则a2+b2的值为（）A.1B.5C.6D.139. 如图，△ABC中，∠ACB=90∘，沿CD折叠△CBD，使点B恰好落在AC边上的点E处．若∠A=22∘，则∠EDA等于（）A.44∘B.68∘C.46∘D.77∘10. 如果一个正整数可以表示为两个连续奇数的平方差，那么称该正整数为“和谐数”如（8＝32−12，16＝52−32，则8，16均为“和谐数”），在不超过217的正整数中，所有的“和谐数”之和为（）A.3014B.3024C.3034D.3044二、填空题（本大题有6小题，每小题4分，共24分）点A(−2, 1)关于y轴对称的点的坐标为________．五边形的内角和为________．若一等腰三角形的两边长分别为3cm、7cm，则该三角形的周长为________．若2x+5y−3=0，则4x⋅32y的值为________．若a＝20170，b＝2015×2017−20162，c＝（-）2016×(−）2017，则下列a，b，c的大小关系正确的是________．如图，等腰三角形ABC底边BC的长为4cm，面积是12cm2，腰AB的垂直平分线EF交AC于点F，若D为BC边上的中点，M为线段EF上一动点，则△BDM的周长最短为________cm.三、解答题：本题共9小题，共86分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.（1）计算：54x2y⋅(−x)4÷(3x)3．（2）因式分解：m(a−3)+2(3−a)．如图，已知△ABC和△DEF的边AC、DF在一条直线上，AB // DE，AB＝DE，AD＝CF，证明：BC // EF．先化简，再求值：(x+y)2+(2x+y)(2x−y)−x2，其中x＝−2，y＝1．已知，如图，在△ABC中，（1）作∠B的平分线BD，交AC于点D．（要求：尺规作图，保留作图痕迹）（2）在AB上求作一点P，使得PA＝PC．（要求：尺规作图，保留作图痕迹）如图，在直角坐标系中，先描点A(1, 1)，点B(4, 3)．（1）点C是x轴上的一个动点，当AC+BC最小时，画出点C的位置；（2）在本题中你认为有用到如下那些数学道理，请把它挑选出来并填在横线上________．A：两点之间线段最短；B：线段垂直平分线的点到线段两个端点的距离相等；C：角平分线上的点到角两边的距离相等；D：三角形两边之和大于第三边．如图，在△ABC中，AB＝AC，AB的垂直平分线交AB于M，交AC于N．（1）若∠ABC＝70∘，求∠A的度数；（2）连接NB，若AB＝8cm，△NBC的周长是14cm，求BC的长．阅读材料：在数学课上，吴老师在求代数式x2−4x+5的最小值时，利用公式a2±2ab+b2＝(a±b)2，对式子作如下变形：x2−4x+5＝x2−4x+4+1＝(x−2)2+ 1，因为(x−2)2≥0，所以(x−2)2+1≥1．当x＝2时，(x−2)2+1＝1，因此(x−2)2+1有最小值1，即x2−4x+5的最小值为1．通过阅读，解决下列问题：（1）代数式x2+10x−6的最小值为________；（2）当x取何值时，代数式−x2+6x+8的值有最大或最小值，并求出最大或最小值；（3）试比较代数式4x2−2x与2x2+6x−9的大小，并说明理由．若经过一个三角形某一顶点的一条直线可把它分成两个小等腰三角形，那么我们称这个三角形为过该顶点的生成三角形．(Ⅰ)如图，在△ABC中，∠A＝90∘，∠B＝67.5∘，请问是否是生成三角形？请你说明理由；(Ⅱ)若△ABC是过顶点B的生成三角形，∠C是其最小的内角，且BC是等腰三角形的底边，请探求∠ABC与∠C之间的关系．如图，已知A(a, b)，AB⊥y轴于B，且满足√a−2+(b−2)2=0，（1）求A点坐标；（2）分别以AB，AO为边作等边三角形△ABC和△AOD，如图1试判定线段AC和DC的数量关系和位置关系．（3）如图2过A作AE⊥x轴于E，F，G分别为线段OE，AE上的两个动点，满足∠FBG=45∘，试探究OF+AG的值是否发生变化？如果不变，请说明理由并求其值；如FG果变化，请说明理由．参考答案与试题解析2021-2022学年福建省厦门市某校八年级（上）期中数学试卷一．选择题（每题4分，满分40分）1.【答案】A【考点】轴对称图形【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答2.【答案】A【考点】三角形三边关系【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答3.【答案】C【考点】同底数幂的乘法合并同类项同底数幂的除法幂的乘方与积的乘方【解析】根据合并同类项，系数相加字母和字母的指数不变；同底数幂的除法，底数不变指数相减；同底数幂的乘法，底数不变指数相加；幂的乘方，底数不变指数相乘，对各选项计算后利用排除法求解．【解答】A、合并同类项，系数相加字母和字母的指数不变，故A错误；B、同底数幂的除法底数不变指数相减，故B错误；C、同底数幂的乘法底数不变指数相加，故C正确；D、幂的乘方，底数不变指数相乘，4.【答案】A【考点】三角形的稳定性多边形【解析】根据三角形的稳定性进行解答即可．【解答】解：根据三角形具有稳定性可得A具有稳定性，故选：A．5.【答案】A【考点】直角三角形的性质【解析】根据直角三角形的性质求出∠AEB的度数，根据对顶角相等求出∠DEC，根据直角三角形的两个锐角互余计算即可．【解答】解：∵AB⊥BD，∠A=40∘，∴∠AEB=50∘，∴∠DEC=50∘，又AC⊥CD，∴∠D=40∘.故选A.6.【答案】B【考点】因式分解-运用公式法【解析】直接利用完全平方公式分解因式得出即可．【解答】解：A，x2+x+1，无法分解因式，故此选项错误；B，x2+2x+1=(x+1)2，故此选项正确；C，x2+2x−1，无法分解因式，故此选项错误；D，x2−2x−1，无法分解因式，故此选项错误.故选B.7.【答案】D【考点】全等三角形的判定【解析】利用全等三角形判定定理ASA，SAS，AAS对各个选项逐一分析即可得出答案．【解答】解：A、∵∠BAD=∠CAD，AD为公共边，若∠B=∠C，则△ABD≅△ACD(AAS)；B、∵∠BAD=∠CAD，AD为公共边，若∠BDA=∠CDA，则△ABD≅△ACD(ASA)；C、∵∠BAD=∠CAD，AD为公共边，若AB=AC，则△ABD≅△ACD(SAS)；D、∵∠BAD=∠CAD，AD为公共边，若BD=CD，不符合全等三角形判定定理，不能判定△ABD≅△ACD；故选：D．8.【答案】B【考点】完全平方公式【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答9.【答案】C【考点】翻折变换（折叠问题）三角形内角和定理【解析】由△ABC中，∠ACB=90∘，∠A=22∘，可求得∠B的度数，由折叠的性质可得：∠CED=∠B=68∘，∠BDC=∠EDC，由三角形外角的性质，可求得∠ADE的度数．【解答】解：△ABC中，∠ACB=90∘，∠A=22∘，∴∠B=90∘−∠A=68∘，由折叠的性质可得：∠CED=∠B=68∘，∠BDC=∠EDC，∴∠ADE=∠CED−∠A=46∘，故选C．10.【答案】B【考点】平方差公式【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答二、填空题（本大题有6小题，每小题4分，共24分）【答案】(2, 1)【考点】关于x轴、y轴对称的点的坐标【解析】根据平面直角坐标系关于坐标轴成轴对称的两点的坐标之间的关系，易得答案．【解答】解：根据平面内关于y轴对称的点，纵坐标相同，横坐标互为相反数，已知点A(−2, 1)，则点A关于y轴对称的点的横坐标为−(−2)=2，纵坐标为1，故点(−2, 1)关于y轴对称的点的坐标是(2, 1)．故答案为：(2, 1)．【答案】540∘【考点】多边形内角与外角【解析】根据多边形的内角和公式(n−2)⋅180∘计算即可．【解答】解：(5−2)×180∘=540∘．故答案为：540∘.【答案】17cm【考点】等腰三角形的判定与性质三角形三边关系【解析】题中没有指出哪个底哪个是腰，故应该分情况进行分析，注意应用三角形三边关系进行验证能否组成三角形．【解答】解：当3cm是腰时，3+3<7，不符合三角形三边关系，故舍去；当7cm是腰时，周长=7+7+3=17cm．故它的周长为17cm．故答案为：17cm．【答案】8【考点】幂的乘方与积的乘方同底数幂的乘法幂的乘方及其应用【解析】根据同底数的乘法和幂的乘方的性质，先都化成以2为底数的幂相乘的形式，再代入已知条件计算即可．【解答】解：∵2x+5y−3=0，∴2x+5y=3，∴4x⋅32y=22x⋅25y=22x+5y=23=8．故答案为：8.【答案】a>b>c【考点】有理数的乘方零指数幂有理数大小比较【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】8【考点】轴对称——最短路线问题等腰三角形的判定与性质线段垂直平分线的性质等腰三角形的性质与判定【解析】连接AD，由于△ABC是等腰三角形，点D是BC边的中点，故AD⊥BC，再根据三角形的面积公式求出AD的长，再根据EF是线段AB的垂直平分线可知，点B关于直线EF的对称点为点A，故AD的长为BM+MD的最小值，由此即可得出结论．【解答】解：连接AD，∵△ABC是等腰三角形，点D是BC边的中点，∴AD⊥BC，∴S△ABC=12BC⋅AD=12×4×AD=12，解得AD=6cm，∵EF是线段AB的垂直平分线，∴点B关于直线EF的对称点为点A，∴AD的长为BM+MD的最小值，∴△BDM的周长最短=(BM+MD)+BD=AD+12 BC=6+12×4=6+2=8(cm)．故答案为：8．三、解答题：本题共9小题，共86分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 【答案】原式＝54x2y⋅x4÷27x3＝54x6y÷27x3＝2x3y．原式＝m(a−3)−2(a−3)＝(a−3)(m−2)．【考点】整式的混合运算因式分解-提公因式法【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】证明：∵AB // DE，∴∠BAC＝∠EDF．∵AD＝CF，∴AD+DC＝CF+DC．即AC＝DF．在△ABC和△DEF中，∵，∴△ABC≅△DEF(SAS)，∴∠BCA＝∠EFD．∴BC // EF．【考点】全等三角形的性质与判定【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】原式＝x2+2xy+y2+4x2−y2−x2＝4x2+2xy，当x＝−2，y＝1时，原式＝16−4＝12．【考点】整式的混合运算——化简求值【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】如图，点D即为所求．如图点P即为所求．【考点】作图—复杂作图线段垂直平分线的性质【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】如图，A′(1, −1)；点C为所作；A，B，D【考点】角平分线的性质坐标与图形性质轴对称——最短路线问题线段垂直平分线的性质【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】∵AB＝AC，∴∠ABC＝∠ACB＝70∘，∴∠A＝40∘，∵AN＝BN，∴BN+CN＝AN+CN＝AC，∵AB＝AC＝8cm，∴BN+CN＝8cm，∵△NBC的周长是14cm．∴BC＝14−8＝6cm．【考点】等腰三角形的性质线段垂直平分线的性质【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】−31∵−x2+6x+8＝−(x−3)2+17≤17，∴代数式−x2+6x+8的值有最大值为17；∵4x2−2x−(2x2+6x−9)＝2(x−2)2+1>0，∴4x2−2x>2x2+6x−9【考点】配方法的应用非负数的性质：偶次方【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】（1）证明：作△ABC的中线AD，∵∠BAC＝90∘，∴BD＝AD＝CD，∴△ABD和△ACD是等腰三角形，∴△ABC是生成三角形（2）如图所示，BC是等腰三角形的底边，∴AB＝AC，∴∠ABC＝∠C，∵当BD＝AD＝BC，∴∠C＝∠BDC，∠A＝∠ABD，∵∠BDC＝∠A+∠ABD＝2∠A＝∠C，∴∠ABC＝2∠A．【考点】等腰三角形的性质直角三角形的性质【解析】此题暂无解析【解答】此题暂无解答【答案】解：（1）根据题意得：a−2=0且b−2=0，解得：a=2，b=2，则A的坐标是(2, 2)；（2）AC=CD，且AC⊥CD．如图1，连接OC，CD，∵A的坐标是(2, 2)，∴AB=OB=2，∵△ABC是等边三角形，∴∠OBC=30∘，OB=BC，∴∠BOC=∠BCO=75∘，∵在直角△ABO中，∠BOA=45∘，∴∠AOC=∠BOC−∠BOA=75∘−45∘=30∘，∵△OAD是等边三角形，∴∠DOC=∠AOC=30∘，即OC是∠AOD的角平分线，∴OC⊥AD，且OC平分AD，∴AC=DC，∴∠ACO=∠DCO=60∘+75∘=135∘，∴∠ACD=360∘−135∘−135∘=90∘，∴AC⊥CD，故AC=CD，且AC⊥CD．（3）不变．延长GA至点M，使AM=OF，连接BM，∵在△BAM与△BOF中，{AB=OB∠BAM=∠BOFAM=OF，∴△BAM≅△BOF(SAS)，∴∠ABM=∠OBF，BF=BM，∵∠OBF+∠ABG=90∘−∠FBG=45∘，∴∠MBG=45∘，∵在△FBG与△MBG中，{BM=BF∠MBG=∠FBGBG=BG，∴△FBG≅△MBG(SAS)，∴FG=GM=AG+OF，∴OF+AGFG=1．【考点】全等三角形的性质非负数的性质：偶次方非负数的性质：算术平方根坐标与图形性质等边三角形的判定方法【解析】（1）根据二次根式以及偶次方都是非负数，两个非负数的和是0，则每个数一定同时等于0，即可求解；（2）连接OC，只要证明OC是∠AOD的角平分线即可判断AC=CD，求出∠ACD的度数即可判断位置关系；（3）延长GA至点M，使AM=OF，连接BM，由全等三角形的判定定理得出△BAM≅△BOF，△FBG≅△MBG，故可得出FG=GM=AG+OF，由此即可得出结论．【解答】解：（1）根据题意得：a−2=0且b−2=0，解得：a=2，b=2，则A的坐标是(2, 2)；（2）AC=CD，且AC⊥CD．如图1，连接OC，CD，∵A的坐标是(2, 2)，∴AB=OB=2，∵△ABC是等边三角形，∴∠OBC=30∘，OB=BC，∴∠BOC=∠BCO=75∘，∵在直角△ABO中，∠BOA=45∘，∴∠AOC=∠BOC−∠BOA=75∘−45∘=30∘，∵△OAD是等边三角形，∴∠DOC=∠AOC=30∘，即OC是∠AOD的角平分线，∴OC⊥AD，且OC平分AD，∴AC=DC，∴∠ACO=∠DCO=60∘+75∘=135∘，∴∠ACD=360∘−135∘−135∘=90∘，∴AC⊥CD，故AC=CD，且AC⊥CD．（3）不变．延长GA至点M，使AM=OF，连接BM，∵在△BAM与△BOF中，{AB=OB∠BAM=∠BOFAM=OF，∴△BAM≅△BOF(SAS)，∴∠ABM=∠OBF，BF=BM，∵∠OBF+∠ABG=90∘−∠FBG=45∘，∴∠MBG=45∘，∵在△FBG与△MBG中，{BM=BF∠MBG=∠FBGBG=BG，∴△FBG≅△MBG(SAS)，∴FG=GM=AG+OF，=1．∴OF+AGFG。

福建省福州市八年级(上)期中数学试卷(含答案)

八年级（上）期中数学试卷一、选择题（本大题共10小题，共20.0分）1.下列交通标志图案是轴对称图形的是（）A. B. C. D.2.在下列长度的四根木棒中，能与4cm、9cm长的两根木棒钉成一个三角形的是（）A. 4cmB. 5cmC. 7cmD. 14cm3.如图，木工师傅做门框时，常用木条EF固定矩形门框ABCD，使其不变形，这种做法的依据是（）A. 两点之间线段最短B. 四边形的不稳定性C. 三角形的稳定性D. 矩形的四个角都是直角4.如图，已知△AOC≌△BOD，OC=2，OA=3，则OB=（）A. 2B. 3C. 4D. 55.六边形从一个顶点出发可以引（）条对角线．A. 3B. 4C. 6D. 96.如图，AD是△ABC的中线，若△ABC的面积为12，则△ABD的面积为（）A. 8B. 6C. 4D. 37.下列说法正确的是（）A. 能够完全重合的三角形是全等三角形B. 面积相等的三角形是全等三角形C. 周长相等的三角形是全等三角形D. 所有的等边三角形都是全等三角形8.如图，三条公路把A、B、C三个村庄连成一个三角形区域，政府决定在这个三角形区域内修建一个集贸市场，使集贸市场到三条公路的距离相等，则该集贸市场应建在（）A. AC、BC两边高线的交点处B. AC、BC两边中线的交点处C. AC、BC两边垂直平分线的交点处D. 、两内角平分线的交点处9.如图，六边形ABCDEF中，边AB、ED的延长线相交于O点，若图中三个外角∠1、∠2、∠3的和为230°，则∠BOD的度数为（）A. B. C. D.10.已知△ABC中，BC=6，AB、AC的垂直平分线分别交边BC于点M、N，连接AM和AN，若MN=2，则△AMN的周长是（）A. 4B. 6C. 4或8D. 6或10二、填空题（本大题共7小题，共21.0分）11.在Rt△ABC中，∠C=Rt∠，∠A=70°，则∠B= ______ ．12.著名NBA球员乔丹照镜子的时候，发现球衣上的号码在镜子中呈现“”的样子，请你判断他的球衣号码是______．13.如图，△ABC中，AB=AC，BC=8cm，AD是△ABC的角平分线，则BD= ______ cm．14.如图，等边△ABC中，D、E分别在AB、AC上，且AD=AE，则△ADE的形状为______ ．15.如图，四边形ABCD中，对角线AC、BD交于点O，AB=AD，CB=CD，则图中共有______ 对全等三角形．16.如图，△ABC中，∠B=2∠C，将其沿AD折叠，使点B落在边AC上的点E处，则图中与BD相等的两条线段分别是______ ．17.如图，四边形ABCD中，∠A=90°，∠B=120°，∠D=30°，AB=2，BC=3，则CD= ______ ．三、解答题（本大题共7小题，共59.0分）18.已知△ABC中，∠A=80°，∠B=40°，CD是△ABC的角平分线，求∠ADC的度数．19.如图，已知点B，E，C，F在同一条直线上，且BE=CF，AB∥DE，AB=DE．求证：△ABC≌△DEF．20.如图，网格图中的每小格均是边长是1的正方形，△ABC的顶点均在格点上，请完成下列各题：（1）在平面直角坐标系中画出与△ABC关于y轴对称的△A1B1C1，并写出△A1B1C1三个顶点的坐标；（2）事实上，对△ABC先后进行轴对称和平移变换后可以得到△A'B'C'．请写出两次变换的具体步骤．21.已知五边形ABCDE中，∠B=∠E=90°，AB=AE，AC=AD，∠BCD=140°．（1）求证：∠ACB=∠ADE；（2）求∠BAE的度数．22.已知：如图，AC∥BD，请先作图再解决问题．（1）利用尺规完成以下作图，并保留作图痕迹．（不要求写作法）①作BE平分∠ABD交AC于点E；②在BA的延长线上截取AF=BA，连接EF；（2）判断△BEF的形状，并说明理由．23.已知AD是等边△ABC的高，F为AC边上的一个动点（不与A、C重合），BF与AD相交于点E，连接CE．（1）求证：BE=CE；（2）当△AEF是以______为腰的等腰三角形时，求∠ECD的度数；（3）作∠FEG=120°，交AB于点G，猜想EF、EG的数量关系并说明理由．24.如图，在平面直角坐标系xOy中，点A（0，2），点B（m，0）是x轴上一点，m＞0，C在第一象限，且BC⊥AB，BC=AB，连接AC．（1）当∠CAO=105°时，△ABC的面积为______；（2）求C的坐标；（用含m的式子表示）（3）作∠CAB的平分线AD，M在射线AD上，N在边AC上，且CM+MN的值最小，试确定M、N的位置，并求出当m=3时，CM+MN的最小值．答案和解析1.【答案】B【解析】解：A、不是轴对称图形，故本选项错误；B、是轴对称图形，故本选项正确；C、不是轴对称图形，故本选项错误；D、不是轴对称图形，故本选项错误；故选：B．根据轴对称的定义结合选项所给的特点即可得出答案．本题考查了轴对称图形，掌握中心对称图形与轴对称图形的概念：轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分沿对称轴折叠后可重合．2.【答案】C【解析】解：设三角形的第三边为x，则9-4＜x＜4+9即5＜x＜13，∴当x=7时，能与4cm、9cm长的两根木棒钉成一个三角形，故选：C．判定三条线段能否构成三角形，只要两条较短的线段长度之和大于第三条线段的长度即可判定这三条线段能构成一个三角形．本题主要考查了三角形的三边关系的运用，解题时注意：三角形两边之和大于第三边，三角形的两边差小于第三边．3.【答案】C【解析】解：用木条EF固定矩形门框ABCD，得到三角形形状，主要利用了三角形的稳定性．故选C．根据三角形具有稳定性解答．本题考查了三角形的稳定性，是基础题．4.【答案】B【解析】解：∵△AOC≌△BOD，∴AO=BO=3，故选：B．根据全等三角形的性质可得AO=BO=3．此题主要考查了全等三角形的性质，关键是掌握全等三角形的对应边相等．5.【答案】A【解析】解：对角线的数量：6-3=3条，故选：A．根据从一个n边形一个顶点出发，可以连的对角线的条数是n-3进行计算即可．此题主要考查了多边形的对角线，解答此类题目可以直接记忆：一个n边形一个顶点出发，可以连的对角线的条数是n-3．6.【答案】B【解析】解：∵AD是△ABC的中线，∴BD=CD，∴S△ABD=S△ADC，∴S△ABC=2S△ABD．又△ABC的面积为12，∴S△ABC=2S△ABD=12，∴S△ABD=6，故选B．△ABD与△ADC的等底同高的两个三角形，所以它们的面积相等．本题考查了三角形的面积．此题的解题技巧性在于找出△ABD与△ADC的等底同高的两个三角形．7.【答案】A【解析】解：A、能够完全重合的三角形是全等三角形正确，故本选项正确；B、面积相等的三角形是全等三角形错误，故本选项错误；C、周长相等的三角形是全等三角形错误，故本选项错误；D、所有的等边三角形不一定是全等三角形，故本选项错误．故选A．根据全等三角形的定义对各选项分析判断后利用排除法求解．本题考查了全等图形的定义，是基础题，熟记全等图形的概念是解题的关键．8.【答案】D【解析】解：∵角的平分线上的点到角的两边的距离相等，∴该集贸市场应建在∠A、∠B两内角平分线的交点处．故选D．直接根据角平分线的性质即可得出结论．本题考查的是角平分线的性质，熟知角的平分线上的点到角的两边的距离相等是解答此题的关键．9.【答案】A【解析】解：如图，∵∠1+∠2+∠3+∠4=360°，∠1+∠2+∠3=230°，∴∠4=130°，∴∠BOD=180°-∠4=180°-130°=50°，故选A．根据四边形外角和等于360°，求出∠4，再根据∠BOD=180°-∠4即可解决问题．本题考查多边形的外角与内角，解题的关键是灵活应用多边形的外角和为360°解决问题，属于中考常考题型．10.【答案】D【解析】解：有两种可能图1，∵直线MP为线段AB的垂直平分线，∴MA=MB，又直线NQ为线段AC的垂直平分线，∴NA=NC，∴△AMN的周长l=AM+MN+AN=BM+MN+NC=BC，又BC=6则△AMN的周长为6，如图2，△AMN的周长l=AM+MN+AN=BM+MN+NC=BC+2MN，又BC=6，则△AMN的周长为10，故选D．由直线PM为线段AB的垂直平分线，根据线段垂直平分线定理：线段垂直平分线上的点到线段两端点的距离相等可得AM=BM，同理可得AN=NC，然后表示出三角形AMN的三边之和，等量代换可得其周长等于BC的长，由BC的长即可得到三角形AMN的周长．此题考查了线段垂直平分线定理的运用，利用了转化的思想，熟练掌握线段垂直平分线定理是解本题的关键．11.【答案】20°【解析】解：∵∠C=Rt∠，∠A=70°，∴∠B=90°-∠A=90°-70°=20°．故答案为：20°．根据直角三角形两锐角互余列式计算即可得解．本题考查了直角三角形两锐角互余的性质，是基础题，熟记性质是解题的关键．12.【答案】23【解析】解：根据镜面对称的性质，分析可得题中所显示的图片所显示的数字与85成轴对称，故他球衣上实际的号码是23．故答案为：23．根据镜面对称的性质求解，在平面镜中的像与现实中的事物恰好左右或上下顺序颠倒，且关于镜面对称．本题考查了镜面反射的原理与性质．解决此类题应认真观察，注意技巧．13.【答案】4【解析】解：∵△ABC中，AB=AC，∴△ABC是等腰三角形，∵AD是△ABC的角平分线，∴BD=CD=BC=×8=4cm，故答案为4．首先证明△ABC是等腰三角形，再根据等腰三角形三线合一可以求出BD的长度．本题主要考查了等腰三角形的性质，解题的关键是掌握等腰三角形三线合一，此题难度不大．14.【答案】等边三角形【解析】解：∵△ABC是等边三角形，∴∠A=60°，又∵AD=AE，∴△ADE是等边三角形．故答案是：等边三角形．由等边△ABC的性质得到∠A=60°，然后结合“有一内角是60度的等腰三角形是等边三角形”推知△ADE是等边三角形．本题考查等边三角形的判定与性质．根据依题意推知∠A=60°是解题的关键．15.【答案】3【解析】解：图中有3对全等三角形，是△ABC≌△ADC，△ABO≌△ADO，△CBO≌△CDO，理由是：∵在△ABC和△ADC中∴△ABC≌△ADC(SSS)，∴∠BAO=∠DAO，∠BCO=∠DCO，在△BAO和△DAO中∴△ABO≌△ADO（SAS），同理△CBO≌△CDO，故答案为：3．根据SSS能推出△ABC≌△ADC，根据全等得出∠BAO=∠DAO，∠BCO=∠DCO，根据SAS推出△ABO≌△ADO、△CBO≌△CDO即可．本题考查了全等三角形的性质和判定的应用，能灵活运用定理进行推理是解此题的关键．16.【答案】EC和DE【解析】解：由翻折的性质可知：BD=DE，AB=AE，∠B=∠AED，又∵∠B=2∠C，∴∠AED=2∠C．∵∠C+∠EDC=∠AED，∴∠EDC=∠ECD．∴DE=EC．∴BD=EC；故答案为：EC和DE．由翻折的性质可知：BD=DE，AB=AE，∠B=∠AED=2∠C，从而得到∠EDC=∠ECD，于是得到DE=EC．本题主要考查的是翻折的性质、等腰三角形的判定，三角形的外角的性质，证得BD=EC、AB=AE是解题的关键．17.【答案】7【解析】解：延长AB、DC交于E，∵∠D=30°，∠A=90°，∴∠E=60°，∵∠ABC=120°，∴∠EBC=60°，∴△EBC是等边三角形，∴CE=BE=BC=3，∴AE=AB+BE=5，∴DE=2AE=10，∴CD=DE-CE=10-3=7；故答案为：7．先延长AB、DC交于E，根据已知证出△EBC是等边三角形，得出CE=BE=BC=3，求出AE=AB+BE=5，由直角三角形的性质得出DE=2AE=10，即可得出结果．此题考查了含30度角的直角三角形的性质、等边三角形的判定与性质；熟练掌握含30°角的直角三角形的性质，证明三角形是等边三角形是解决问题的关键．18.【答案】解：∵∠A=80°，∠B=40°，∴∠ACB=180°-∠A-∠B=180°-80°-40°=60°，∵CD平分∠ACB，∴∠ACD=∠ACB=30°，∴∠ADC=180°-∠A-∠ACD=180°-80°-30°=70°．【解析】在△ABC中由内角和定理得出∠ACB度数，根据角平分线定义知∠ACD，最后在△ACD中，由内角和定理可得答案．本题主要考查三角形的内角和定理及角平分线的定义，掌握三角形内角和定理：三角形内角和是180°是关键．19.【答案】证明：∵BE=CF，∴BE+EC=CF+EC，即BC=EF，∵AB∥DE，∴∠B=∠DEF，在△ABC和△DEF中∴△ABC≌△DEF（SAS）．【解析】由BE=CF可求得BC=EF，由AB∥DE可得∠B=∠DEF，结合条件可利用SAS 证明△ABC≌△DEF．本题主要考查全等三角形的判定方法，掌握全等三角形的判定方法是解题的关键，即SSS、SAS、ASA、AAS和HL．20.【答案】解：（1）如图，△A1B1C1即为所求．A1（1，4），B1（2，2），C1（0，1）；（2）由图可知，作△ABC关于x轴对称的图形，再将新图形向右平移4个单位即可得到△A′B′C′．【解析】（1）分别作出各点关于y轴的对称点，再顺次连接，并写出各点坐标即可；（2）根据图形平移的性质即可得出结论．本题考查的是作图-轴对称变换，熟知轴对称的性质是解答此题的关键．21.【答案】证明：（1）在Rt△ACB和Rt△ADE中，，∴Rt△ACB≌Rt△ADE（HL），∠ACB=∠ADE（全等三角形的对应角相等）．（2）∵AC=AD，∴∠ACD=∠ADC，∵∠ACB=∠ADE，∴∠BCD=∠CDE=140°，∵∠B=∠E=90°，∴∠BAE=（5-2）×180°-90°-90°-140°-140°=80°．【解析】（1）首先证明Rt△ACB≌Rt△ADE（HL），推出∠ACB=∠ADE，由AC=AD，推出∠ACD=∠ADC即可证明．（2）求出∠CDE的度数，利用五边形内角和公式，即可解决问题．本题考查全等三角形的判定和性质、等腰三角形的性质、多边形的内角和公式等知识，解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题，会用五边形内角和公式，属于中考常考题型．22.【答案】解：（1）①如图，点E即为所求；②如图，AF，EF即为所求；（2）∵BE平分∠ABD，∴∠ABE=∠EBD．∵AC∥BD，∴∠EBD=∠AEB，∴AE=AB．∵AB=AF=AF，∴AE=AF，∴△BEF是直角三角形．【解析】（1）①作BE平分∠ABD交AC于点E即可；②在BA的延长线上截取AF=BA，连接EF；（2）根据角平分线的性质可得出∠ABE=∠EBD，再由平行线的性质可知∠EBD=∠AEB，故可得出AE=AB，再由AB=AF可知AE=AF，进而可得出结论．本题考查的是作图-复杂作图，熟知角平分线的作法与平行线的性质是解答此题的关键．23.【答案】AE或AF【解析】解：（1）∵AD是等边△ABC的高，∴AD是BC的垂直平分线，∵点E在AD上，∴BE=CE，（2）∵AD是等边△ABC的高，∴∠CAD=∠BAC=30°，∴△AEF为等腰三角形，∴腰为AE或AF，AE=AF，∴∠AEF=∠AFE=75°，∵∠ACB=60°，∴∠CBF=∠AFE-∠ACB=75°-60°=15°，∵BE=CE，∴∠ECD=∠CBF=15°，故答案为AE或AF（3）EF=EG，理由：∵∠BAC=60°，∠FEG=120°，∴∠BAC+∠FEG=180°，∴∠AGE+∠AFE=180°，∴∠AFE=BGE，过点E作EN⊥AB，EM⊥AC，∵AD是∠BAC的平分线，∴EN=EM；在△ENG和△EMF中，，∴△ENG≌△EMF，∴EG=EF（1）先判断出AD是BC的垂直平分线，即可得出结论；（2）先判断出等腰三角形AEF的腰，再用等腰三角形的性质和三角形的外角的性质即可得出结论；（3）先判断出，∠AFE=BGE，进而构造出全等三角形，即可得出结论．此题是三角形综合题，主要考查了等边三角形的性质，等腰三角形的性质，垂直平分线的性质和判定，全等三角形的判定，解本题的关键是掌握等边三角形的性质，是一道比较简单的中考常考题．24.【答案】2【解析】解：（1）如图a，∵BC⊥AB，BC=AB，∴△ABC是等腰直角三角形，∴∠BAC=45°，∵∠CAO=105°，∴∠BAO=105°-45°=60°，∵∠AOB=90°，∴∠ABO=30°，∵A（0，2），∴AO=2，AB=4，∴由勾股定理可得OB=2，∴△ABC的面积=×AO×BO=×2×2=2，故答案为：2；（2）如图a，过C作CE⊥x轴于E，则∠CEB=∠BOA=90°，∠BCE+∠CBE=90°，∵AB⊥BC，∴∠ABO+∠CBE=90°，∴∠BCE=∠ABO，在△BCE和△ABO中，，∴△BCE≌△ABO（AAS），又∵点A（0，2），点B（m，0），∴BE=AO=2，CE=BO=m，∴OE=2+m，∴C的坐标为（2+m，m）；（3）∵M在射线AD上，N在边AC上，AD是∠CAB的平分线，∴点N关于AD的对称点在AB上，如图b，作点N关于AD的对称点N'，连接MN，MN'，则MN=MN'，∴CM+MB=CM+MN'，当点C、M、N'在同一直线上，且CN'⊥AB时，CN'最短，∵CB⊥AB，∴此时，点N'与点B重合，点M为BC与AD的交点，当m=3时，OB=3，AO=2，∴Rt△AOB中，AB==，∴CB=，即CN'=，∴CM+MN的最小值为．（1）先根据△ABC是等腰直角三角形，以及∠CAO=105°，求得∠BAO=60°，再根据∠ABO=30°，以及A（0，2），求得△ABC的面积即可；（2）先过C作CE⊥x轴于E，构造全等三角形，根据全等三角形的对应边相等，即可得出BE=AO=2，CE=BO=m，OE=2+m，据此得出C的坐标为（2+m，m）；（3）先作点N关于AD的对称点N'，连接MN，MN'，根据轴对称的性质得出MN=MN'，再根据当点C、M、N'在同一直线上，且CN'⊥AB时，CN'最短，得出点N'与点B重合，点M为BC与AD的交点，最后根据OB=3，AO=2，在Rt△AOB中，求得AB==CB，即可得出CM+MN的最小值为．本题属于三角形综合题，主要考查了轴对称的性质，垂线段最短，等腰直角三角形的性质以及全等三角形的判定与性质的综合应用，根据垂线段最短，确定出点M、N的位置是解题的关键．最短距离的问题，一般要考虑线段的性质定理，多数情况要作点关于某直线的对称点．。

2024-2025学年福建省厦门市思明区松柏中学八年级(上)期中数学试卷(含答案)

2024-2025学年福建省厦门市思明区松柏中学八年级（上）期中数学试卷一、选择题（每小题4分，共40分）1．（4分）剪纸文化是中国最古老的民间艺术之一，下列剪纸图案中，不是轴对称图形的是（）A．B．C．D．2．（4分）一个三角形两边的长分别是3和5，则这个三角形第三边的长可能是（）A．1B．1.5C．2D．43．（4分）已知点A（a，2）与点B（3，b）关于y轴对称，则a+2b的值为（）A．﹣7B．7C．﹣1D．14．（4分）用三角尺画角平分线：在已知的∠AOB的两边上，分别取OM＝ON，再分别过点M，N作OA，OB的垂线，交点为P．则可通过△OMP≌△ONP得到OP平分∠AOB．其中判定△OMP≌△ONP 的方法是（）A．SSS B．ASA C．SAS D．HL5．（4分）下列运算正确的是（）A．（a﹣b）2＝a2﹣b2B．a5÷a2＝a3C．3a2﹣a2＝2D．（a2）3＝a56．（4分）等腰三角形的一个角为50°，则它的底角为（）A．50°B．65°C．50°或65°D．80°7．（4分）若一个多边形的内角和为外角和的3倍，则这个多边形为（）A．八边形B．九边形C．十边形D．十二边形8．（4分）若（2x+a）（x﹣3）的积中不含有x的一次项，则a的值为（）A．3B．6C．﹣6D．6或39．（4分）如图在Rt△ABC中，CD是斜边AB上的高，角平分线AE交CD于H，EF⊥AB于F，有下列结论：①∠ACD＝∠B，②AC＝AF，③CH＝HD，④CH＝EF，其中正确的有（）A．①②③B．①②③④C．①②④D．②④10．（4分）如图，边长为a的等边△ABC中，BF是AC上中线且BF＝b，点D在BF上，连接AD，在AD 的右侧作等边△ADE，连接EF，则△AEF周长的最小值是（）A．B．C．a+b D．a二、填空题：（每小题4分，共24分）11．（4分）（1）（ab）2＝；（2）（x+y）（x﹣y）＝．12．（4分）等腰三角形有一个角是60°，其中一边长为3，则周长为．13．（4分）如图，若∠1＝∠2，加上一个条件，则有△AOC≌△BOC．14．（4分）如图，△ABC中，EF垂直平分AB，GH垂直平分AC，设EF与GH相交于O，则点O与边BC的关系如何？请用一句话表示：．15．（4分）若3a×9b＝27，则（a+2b）2﹣a﹣2b＝．16．（4分）如图，在△ABC中，∠BAC和∠ABC的平分线AE，BF相交于点O，AE交BC于E，BF交AC于F，过点O作OD⊥BC于D，在下列结论中：①∠AOB＝90°+∠C；②若AB＝4，OD＝1，则S△ABO＝2；③当∠C＝60°时，AF+BE＝AB；④若OD＝a，AB+BC+CA＝2b，则S△ABC＝ab．其中正确的结论为．三、解答题：（本大题有9小题，共86分）17．（8分）计算：（1）（2a4）2+a3•a5；（2）．18．（8分）先化简，再求值：（2x﹣y）2﹣x（4x﹣3y），其中x＝（3﹣π）0，y＝﹣2．19．（8分）如图，C是AB的中点，AD∥CE，AD＝CE，求证：CD∥BE．20．（8分）如图，在所给网格图（每小格均为边长是1的正方形）中完成下列各题：（用直尺画图）（1）画出格点△ABC（顶点均在格点上）关于直线DE对称的△A1B1C1；（2）在DE上画出点P，使△PBC的周长最小．（3）△ABC的面积是．21．（8分）求证：等腰三角形两腰上的中线相等．（要求根据给出的图形写出已知、求证和证明过程．）22．（10分）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝120°．（1）尺规作图，在BC上求作一点N，使得点N到点A和到点B的距离相等；（2）猜想CN与AN之间有何数量关系，并证明你的猜想．23．（10分）如图，在△ABC中，∠ABC＝2∠C，∠BAC的平分线AD交BC于点D，过B作BF⊥AD，垂足为F，延长BF交AC于点E．（1）求证：△ABE为等腰三角形；（2）已知AC＝13，BD＝5，求AB的长．24．（12分）【教材呈现】以下是人教版八年级上册数学教材第53页的部分内容．如图1，四边形ABCD中，AD＝CD，AB＝CB．我们把这种两组邻边分别相等的四边形叫做“筝形”．【性质探究】（1）如图1，连接筝形ABCD的对角线AC、BD交于点O，试探究筝形ABCD的性质，并填空：对角线AC、BD的关系是：；图中∠ADB、∠CDB的大小关系是：；【概念理解】（2）如图2，在△ABC中，AD⊥BC，垂足为D，△EAB与△DAB关于AB所在的直线对称，△FAC 与△DAC关于AC所在的直线对称，延长EB，FC相交于点G．请写出图中所有的“筝形”，并选择其中一个进行证明；【应用拓展】（3）如图3，在（2）的条件下，连接EF，分别交AB、AC于点M、H．求证：∠BAC＝∠FEG．25．（14分）在平面直角坐标系中，A（a，0），B（0，b）（a，b均为正数）．（1）若|a﹣3|+（b﹣4）2＝0，直接写出A、B两点的坐标；（2）如图1，在（1）的条件下，点C在x轴的负半轴上，AC＝BC，点D在BC的延长线上，BA＝AD，求CD+CO的值；（3）如图2，在△BAN和△BOM中，BA＝BN，BO＝BM，∠ABN＝∠OBM，射线MO交线段AN于点P．求证：点P为线段AN的中点．2024-2025学年福建省厦门市思明区松柏中学八年级（上）期中数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共40分）1．【解答】解：选项A、B、D均能找到这样的一条直线，使直线两旁的部分能够完全重合的图形，所以是轴对称图形；选项C，不能找到这样的一条直线，使直线两旁的部分能够完全重合的图形，所以不是轴对称图形；故选：C．2．【解答】解：设三角形第三边的长为x，则：5﹣3＜x＜5+3，即2＜x＜8，只有选项D符合题意．故选：D．3．【解答】解：∵点A（a，2）与点B（3，b）关于y轴对称，∴a＝﹣3，b＝2，∴a+2b＝﹣3+4＝1．故选：D．4．【解答】解：由画法得OM＝ON，PM⊥OA，ON⊥OB，∴∠PMO＝∠PNO＝90°，在Rt△PMO和Rt△PNO，，∴Rt△PMO≌Rt△PNO（HL），∴∠MOP＝∠NOP，即OP平分∠AOB．故选：D．5．【解答】解：A、（a﹣b）2＝a2﹣2ab+b2，原计算错误，不符合题意；B、a5÷a2＝a3，原计算正确，符合题意；C、3a2﹣a2＝2a2，原计算错误，不符合题意；D、（a2）3＝a6，原计算错误，不符合题意；故选：B．6．【解答】解：（1）当这个内角是50°的角是顶角时，则它的另外两个角的度数是65°，65°；（2）当这个内角是50°的角是底角时，则它的另外两个角的度数是80°，50°；所以这个等腰三角形的底角的度数是50°或65°．故选：C．7．【解答】解：设这个多边形是n边形，根据题意，得（n﹣2）•180°＝3×360°，解得：n＝8，即这个多边形为八边形．故选：A．8．【解答】解：（2x+a）（x﹣3）＝2x2﹣6x+ax﹣3a＝2x2+（﹣6+a）x﹣3a，∵积中不含有x的一次项，∴﹣6+a＝0，解得：a＝6．故选：B．9．【解答】解：∵∠B和∠ACD都是∠CAB的余角，∴∠ACD＝∠B，故①正确；∵角平分线AE交CD于H，∴∠CAE＝∠BAE，在△ACE和△AEF中，∴△ACE≌△AFE（AAS），∴AC＝AF，故②正确；∵CD⊥AB，EF⊥AB，∴EF∥CD，∴∠AEF＝∠CHE，∴∠CEH＝∠CHE，∴CH＝CE＝EF，故④正确；∴CH＝CE＝EF＞HD，故③错误．故正确的结论为①②④．故选：C．10．【解答】解：如图，∵△ABC，△ADE都是等边三角形，∴AB＝AC＝a，AD＝AE，∠BAC＝∠DAE＝∠ABC＝60°，∴∠BAD＝∠CAE，∴△BAD≌△CAE（SAS），∴∠ABD＝∠ACE，∵AF＝CF＝a，BF＝b，∴∠ABD＝∠CBD＝∠ACE＝30°，BF⊥AC，∴点E在射线CE上运动（∠ACE＝30°），作点A关于直线CE的对称点M，连接FM交CE于E′，此时AE′+FE′的值最小，∵CA＝CM，∠ACM＝60°，∴△ACM是等边三角形，∴AM＝AC，∵BF⊥AC，∴FM＝BF＝b，∴△AEF周长的最小值＝AF+FE′+AE′＝AF+FM＝a+b，故选：B．二、填空题：（每小题4分，共24分）11．【解答】解：（1）（ab）2＝a2b2．故答案为：a2b2；（2）（x+y）（x﹣y）＝x2﹣y2．故答案为：x2﹣y2．12．【解答】解：∵等腰三角形有一个角为60°，∴这个等腰三角形是等边三角形；因此其周长＝3×3＝9．故答案为：9．13．【解答】解：∠A＝∠B，理由是：在△AOC和△BOC中，，∴△AOC≌△BOC（AAS）．故答案为：∠A＝∠B．14．【解答】解：如图：连接OA、OB、OC，∵EF垂直平分AB，GH垂直平分AC，∴OA＝OB，OA＝OC即OB＝OC，故点O到BC两端的距离相等．15．【解答】解：∵3a•9b＝27，3a•32b＝333a+2b＝33∴a+2b＝3，（a+2b）2﹣a﹣2b＝（a+2b）2﹣（a+2b）＝32﹣3＝6．故答案为：6．16．【解答】解：∵∠BAC和∠ABC的平分线AE，BF相交于点O，∴，，∴∠AOB＝180°﹣∠OBA﹣∠OAB＝＝＝，故①错误；过O点作OP⊥AB于P，∵BF平分∠ABC，OD⊥BC，∴OP＝OD＝1，∵AB＝4，∴，故②正确；∵∠C＝60°，∴∠BAC+∠ABC＝120°，∵AE，BF分别是∠BAC与∠ABC的平分线，∴，∴∠AOB＝120°，∴∠AOF＝60°，∴∠BOE＝60°，如图，在AB上取一点H，使BH＝BE，∵BF是∠ABC的角平分线，∴∠HBO＝∠EBO，在△HBO和△EBO中，，∴△HBO≌△EBO（SAS），∴∠BOH＝∠BOE＝60°，∴∠AOH＝180°﹣60°﹣60°＝60°，∴∠AOH＝∠AOF，在△HAO和△FAO中，，∴△HAO≌△FAO（ASA），∴AF＝AH，∴AB＝BH+AH＝BE+AF，故③正确；作ON⊥AC于N，OM⊥AB于M，∵∠BAC和∠ABC的平分线相交于点O，∴点O在∠C的平分线上，∴ON＝OM＝OD＝a，∵AB+AC+BC＝2b，∴，故④正确．综上，②③④正确．故答案为：②③④．三、解答题：（本大题有9小题，共86分）17．【解答】解：（1）（2a4）2+a3•a5＝4a8+a8＝5a8；（2）＝﹣2x3+12x2．18．【解答】解：∵x＝（3﹣π）0＝1，y＝﹣2．∴（2x﹣y）2﹣x（4x﹣3y）＝4x2﹣4xy+y2﹣4x2+3xy＝y2﹣xy，当x＝1，y＝﹣2时，原式＝4﹣1×（﹣2）＝6，19．【解答】证明：∵点C为AB中点，∴AC＝CB，∵AD∥CE，∴∠A＝∠ECB，在△ADC与△ECB中，，∴△ADC≌△ECB（SAS），∴∠ACD＝∠CBE，∴CD∥BE．20．【解答】解：（1）如图，△A1B1C1即为所求；（2）如图，点P即为所求；（3），答：△ABC的面积为．21．【解答】解：已知：如图，在△ABC中，AB＝AC，CD，BE分别是腰AB，AC上的中线．求证：BE＝CD．证明：∵在△ABC中，AB＝AC，CD，BE分别是腰AB，AC上的中线，∴AD＝AE，在△ADC和△AEB中，，∴△ADC≌△AEB（SAS），∴CD＝BE，即等腰三角形两腰上的中线相等．22．【解答】解：（1）如图，点N即为所求；（2）结论：CN＝2AN．理由如下：∵AB＝AC，∠BAC＝120°，∴∠B＝∠C＝30°，∵MN垂直平分线段AB，∴NA＝NB，∴∠NAB＝∠B＝30°，∴∠CAN＝120°﹣30°＝90°，∴CN＝2AN．23．【解答】（1）证明：∵BE⊥AD，∴∠AFE＝∠AFB＝90°，又∵AD平分∠BAC，∴∠EAF＝∠BAF，又∵在△AEF和△ABF中∠AFE+∠EAF+∠AEF＝180°，∠AFB+∠BAF+∠ABF＝180°∴∠AEF＝∠ABF，∴AE＝AB，∴△ABE为等腰三角形；（2）解：连接DE，∵AE＝AB，AD平分∠BAC，∴AD垂直平分BE，∴BD＝ED，∴∠DEF＝∠DBF，∵∠AEF＝∠ABF，∴∠AED＝∠ABD，又∵∠ABC＝2∠C，∴∠AED＝2∠C，又∵△CED中，∠AED＝∠C+∠EDC，∴∠C＝∠EDC，∴EC＝ED，∴CE＝BD．∴AB＝AE＝AC﹣CE＝AC﹣BD＝13﹣5＝8．24．【解答】（1）解：∵DA＝DC，BA＝BC，∴BD垂直平分AC，∵AC⊥BD，AD＝CD，∴∠ADB＝∠CDB，故答案为：BD垂直平分AC；∠ADB＝∠CDB；（2）解：图中的“筝形”有：四边形AEBD、四边形ADCF、四边形AEGF；证明四边形AEBD是筝形：由轴对称的性质可知AE＝AD，BE＝BD；∴四边形AEBD是筝形．同理：AF＝AD，CD＝CF；∴四边形ADCF是筝形．连接EF，如图2，∵AE＝AD，AF＝AD，∴AE＝AF，∴∠AEF＝∠AFE，∵AD⊥BC，∴∠AEG＝∠AFG＝∠ADB＝∠ADC＝90°，∴∠GEF＝∠GFE，∴EG＝FG，∴四边形AEGF是筝形；（3）证明：由轴对称的性质可知：∠CAD＝∠CAF，∠BAD＝∠BAE，∠ADB＝∠AEB＝90°，AD＝AF＝AE，∴∠EAF＝∠EAD+∠DAF＝2（∠BAD+∠DAC）＝2∠BAC，∠AEF＝∠AFE，∴∠EAF+2∠AEF＝180°，∴2∠BAC+2∠AEF＝180°，∴∠BAC+∠AEF＝90°，∵∠FEG+∠AEF＝90°，∴∠BAC＝∠FEG．25．【解答】（1）解：∵|a﹣3|+（b﹣4）2＝0，∴a﹣3＝0，b﹣4＝0，∴a＝3，b＝4，∴A（3，0 ），B（0，4）；（2）解：在x轴上取点M，使得CM＝CD，连接BM，在△BCM和△ACD中，，∴△BCM≌△ACD（SAS），∴BM＝AD＝AB，又∵BO⊥AO，∴OA＝OM，∴CD+CO＝CM+CO＝MO＝OA＝3；（3）证明：连接MN，过点N作NC∥OA交MP的延长线于点C，设∠AOC＝∠C＝α，则∠BOM＝90°﹣α，∵∠ABN＝∠OBM，∴∠ABO＝∠NBM，∵AB＝BN，OB＝BM，∴△BMN≌△BOA（SAS），∴OA＝MN，∠BMN＝∠BOA＝90°，∵∠BMO＝∠BOM＝90°﹣α，∴∠CMN＝∠C＝α，∴MN＝CN＝OA，∵CN∥OA，∴∠C＝∠AOC，∠OAP＝∠CNP，∴△OAP≌△CNP（ASA），∴NP＝AP．。

2018-2019学年上学期八年级数学期中考试卷含答案

2018-2019学年上学期期中教学质量调研八年级数学一．精心选择，一锤定音（本大题共10个小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中只有一个答案是正确的，请将正确答案的序号直接填入下表中）序号 1 2 3 4 5 6 7 9 10答案1.下面四个手机应用图标中是轴对称图形的是2．已知图中的两个三角形全等，则的大小为A．B． C. D．3.如图，三角形被木板遮住一部分，这个三角形是A．锐角三角形B．直角三角形C．钝角三角形 D.以上都有可能4.如图，∠ACB=90，CD⊥AB，垂足为D，下列结论错误的是A.图中有三个直角三角形B. ∠1=∠2C. ∠1和∠B都是∠A的余角D.∠2=∠A5．已知n边形从一个顶点出发可以作9条对角线，则n=A.9B.10C.11D.126．如图，在方格纸中，以AB为一边作△ABP，使之与△ABC全等，从P1，P2，P3，P4四个点中找出符合条件的点P，则点P有A.1个B.2个C.3个D.4个7．如图，点O在△ABC内，且到三边的距离相等，若∠A=60，则∠BOC的大小为A. B. C. D.608．如图，在Rt△ABC中，∠BAC=90，AD⊥BC于D，将AB边沿AD折叠，发现B点的对应点E正好在AC的垂直平分线上，则∠C=2A.30B.C.60D.759．如图所示，小华从A点出发，沿直线前进10米后左转24，再沿直线前进10米，又向左转24，……，照这样走下去，他第一次加到出发地A点时，一共走的路程是A.140米B.150米C.160米D.240米10．如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90，∠BAC的平分线交BC于D，过点C作CG⊥AB于G，交AD 于E，过点D作DF⊥AB于 F.下列结论①∠CED=；②；③∠ADF=;④CE=DF.正确的是A.①②④B．②③④C．①③D．①②③④二．细心填一填，试试自己的身手！（本大题共10个小题；每小题3分，共30分）11．一扇窗户打开后，用窗钩可将其固定，这里所运用的几何原理是．12．三角形三边长分别为3，，7，则的取值范围是．13．一个正多边形的内角和为540，则这个正多边形的每个外角的度数为．14．如图，已知AB⊥BD，AB∥DE，AB=ED。

2018-2019学年第二学期期中质量检测八年级数学试题(带答案)

姓名：班级：考号：考场：座号：密封线内不要答题2018-2019学年第二学期期中质量检测八年级数学试题（时间 120分钟分值 120分）一．选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分） 1．下列方程中，是关于x 的一元二次方程的是（） A ．ax 2+bx +c ＝0（a ，b ，c 为常数） B ．x 2﹣x ﹣2＝0 C ．+﹣2＝0D ．x 2+2x ＝x 2﹣12．一元二次方程x 2+ax+a ﹣1＝0的根的情况是（） A ．有两个相等的实数根 B ．有两个不相等的实数根C ．有实数根D ．没有实数根3．如果关于x 的一元二次方程（m ﹣3）x 2+3x +m 2﹣9＝0有一个解是0，那么m 的值是（）A ．﹣3B ．3C ．±3D ．0或﹣34．要组织一次篮球联赛，赛制为单循环形式（每两队之间都赛一场），计划安排21场比赛，则应邀请（）个球队参加比赛． A.6 B.7C.8D.95．若n （0n ≠）是关于x 的方程220x mx n ++=的根，则m +n 的值为（）A.1B.2C.-1D.-26．已知点A(－3，y 1)，B(2，y 2)，C(3，y 3)在抛物线y ＝2x 2－4x ＋c 上，则y 1，y 2，y 3的大小关系是( )A ．y 1＞y 2＞y 3B ．y 1＞y 3＞y 2C ．y 3＞y 2＞y 1D ．y 2＞y 3＞y 17．某烟花厂为春节烟火晚会特别设计制作一种新型礼炮，这种礼炮的升空高度h(m )与飞行时间t(s )的关系式是h ＝－52t 2＋20t ＋1，若这种礼炮点火升空到最高点处引爆，则从点火升空到引爆需要的时间为( )A ．3 sB ．4 sC ．5 sD ．6 s 8．已知函数y ＝ax 2－2ax －1(a 是常数,a ≠0)，下列结论正确的是( )A ．当a ＝1时,函数图象过点(－1,1)B ．当a ＝－2时,函数图象与x 轴没有交点C ．若a >0,则当x ≥1时,y 随x 的增大而减小D ．若a <0,则当x ≤1时,y 随x 的增大而增大9．在同一坐标系内，一次函数y ＝ax ＋b 与二次函数y ＝ax 2＋8x ＋b 的图象可能是( )10. 如图，抛物线y ＝ax 2＋bx ＋c(a≠0)与x 轴交于点A(－2，0)，B(1，0)，直线x ＝－0.5与此抛物线交于点C ，与x 轴交于点M ，在直线上取点D ，使MD ＝MC ，连接AC ，BC ，AD ，BD ，某同学根据图象写出下列结论：①a－b ＝0；②当－2<x<1时，y>0；③四边形ACBD 是菱形； ④9a－3b ＋c>0，你认为其中正确的是( )A ．②③④B ．①②④C ．①③④D ．①②③ 第10题图二．填空题（本大题共8小题，其中11-14小题每小题3分，15-18题每小题4分，共28分） 11．如果y ＝（m ﹣2）是关于x 的二次函数，则m ＝__________．12. 如果一元二次方程x 2﹣4x+k ＝0经配方后，得（x ﹣2）2＝1，那么k ＝． 13．若m 是方程2x 2+3x ﹣1＝0的根，则式子4m 2+6m+2019的值为．14. 已知抛物线c bx ax y ++=2经过点A(－2,7)，B(6,7)，C(3,－8)，则该抛物线上纵坐标为－8的另一点的坐标是__________．15. 若函数y ＝(a －1)x 2－4x ＋2a 的图象与x 轴有且只有一个交点,则a 的值为 __________．16.已知关于x 的方程（k ﹣2）2x 2+（2k+1）x+1＝0有实数根，则k 的取值范围是__________． 17．把二次函数y ＝12x 2＋3x ＋52的图象向右平移2个单位后，再向上平移3个单位，所得的函数图象的顶点是__________．18．如图，抛物线的顶点为P(－2，2)，与y 轴交于点A(0，3)．若平移该抛物线使其顶点P 沿直线移动到点P ′(2，－2)，点A 的对应点为A ′，则抛物线上PA 段扫过的区域(阴影部分)的面积为__________．第18题图三．解答题（本大题共7小题，共62分）19.（8分）选择适当方法解下列方程（1）（3x﹣1）2＝（x﹣1）2（2）3x（x﹣1）＝2﹣2x20.（7分）已知关于x的一元二次方程x2+x+m﹣1＝0．（1）当m＝0时，求方程的实数根．（2）若方程有两个不相等的实数根，求实数m的取值范围．21.(8分)如图，要利用一面墙(墙长为25米)建羊圈，用100米的围栏围成总面积为400平方米的三个大小相同的矩形羊圈，求羊圈的边长AB，BC各为多少米？22．（8分）为落实素质教育要求，促进学生全面发展，我市某中学2016年投资11万元新增一批电脑，计划以后每年以相同的增长率进行投资，2018年投资18.59万元．（1）求该学校为新增电脑投资的年平均增长率；（2）从2016年到2018年，该中学三年为新增电脑共投资多少万元？23．(9分)已知关于x的一元二次方程x2－(2k＋1)x＋k2＋k＝0.(1)求证：方程有两个不相等的实数根；(2)若△ABC的两边AB，AC的长是这个方程的两个实数根，第三边BC的长为5，当△ABC是等腰三角形时，求k的值．24．(10分)某网店销售某款童装，每件售价60元，每星期可卖300件，为了促销，该网店决定降价销售．市场调查反映：每降价1元，每星期可多卖30件．已知该款童装每件成本价40元，设该款童装每件售价x元，每星期的销售量为y件．(1)求y与x之间的函数关系式；(2)当每件售价定为多少元时，每星期的销售利润最大，最大利润是多少元？(3)若该网店每星期想要获得不低于6480元的利润，每星期至少要销售该款童装多少件？25.（12分）在2016年巴西里约奥运会上，中国女排克服重重困难，凭借顽强的毅力和超强的实力先后战胜了实力同样超强的巴西队，荷兰队和塞尔维亚队，获得了奥运冠军，为祖国和人民争了光．如图，已知女排球场的长度OD为18米，位于球场中线处的球网AB的高度为2.24米，一队员站在点O处发球，排球从点O的正上方2米的C点向正前方飞去，排球的飞行路线是抛物线的一部分，当排球运行至离点O的水平距离OE为6米时，到达最高点F，以O为原点建立如图所示的平面直角坐标系．(1)当排球运行的最大高度为2.8米时，求排球飞行的高度y(单位：米)与水平距离x(单位：米)之间的函数关系式．(2)在(1)的条件下，这次所发的球能够过网吗？如果能够过网，是否会出界？请说明理由．(3)喜欢打排球的李明同学经研究后发现，发球要想过网，球运行的最大高度h(米)应满足h>2.32，但是他不知道如何确定h的取值范围，使排球不会出界(排球压线属于没出界)，请你帮忙解决并指出使球既能过网又不会出界的h的取值范围．姓名：班级：考号：考场：座号：密封线内不要答题2018-2019学年第二学期期中质量检测八年级数学试题答案一．选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分）1. B2. C3. A4.B5. D6.B7.B8. D9. C 10.D二．填空题（本大题共8小题，其中11-14小题每小题3分，15-18题每小题4分，共28分）11. m=－1 12. 3 13. 2021 14. (1，－8) 15. －1或2或1 16. k ≥ 17. (－1，1) 18. 12三．解答题（本大题共7小题，共62分）19.（8分）解：（1）3x ﹣1＝±（x ﹣1）………………………………………………1分即3x ﹣1＝x ﹣1或3x ﹣1＝﹣（x ﹣1）……………………3分所以x 1＝0，x 2＝；……………………4分（2）3x （x ﹣1）+2（x ﹣1）＝0…………………………………1分（x ﹣1）（3x +2）＝0x ﹣1＝0或3x +2＝0…………………3分所以x 1＝1，x 2＝﹣．……………………4分20.解：（1）当m ＝0时，方程为x 2+x ﹣1＝0． △＝12﹣4×1×（﹣1）＝5＞0． ∴x ＝， ∴x 1＝，x 2＝．…………………4分（2）∵方程有两个不相等的实数根， ∴△＞0即（﹣1）2﹣4×1×（m ﹣1）＝1﹣4m +4 ＝5﹣4m ＞0 ∵5﹣4m ＞0∴m ＜．…………………7分21. （8分）解：设AB 的长度为x 米，则BC 的长度为(100－4x)米，根据题意得 (100－4x)x ＝400，解得x 1＝20，x 2＝5，………………4分则100－4x ＝20或100－4x ＝80，∵80＞25，∴x 2＝5舍去，即AB ＝20，BC ＝20，则羊圈的边长AB ，BC 分别是20米，20米。

2019-2020学年福建省厦门市思明区松柏中学八上期中数学试卷

2019-2020学年福建省厦门市思明区松柏中学八上期中数学试卷1. （2019·厦门市思明区·期中）下列图形中，不是轴对称图形的是 ()A．B．C．D．2. （2019·厦门市思明区·期中）一个三角形的三个内角的度数之比为 1:2:3，这个三角形一定是()A．直角三角形B．锐角三角形C．钝角三角形D．无法判定3. （2019·厦门市思明区·期中）已知点 A 与点 B(−4,−5) 关于原点对称，则 A 点坐标是 ()A． (4,−5)B． (−4,5)C． (−4,−5)D． (4,5)4. （2019·厦门市思明区·期中）下列算式中，结果等于 a6 的是 ()A．a4+a2B．a2+a2+a2C．a2⋅a3D．a2⋅a2⋅a25. （2019·深圳市罗湖区·期中）若一个多边形的内角和为 720∘，则这个多边形是 ()A．三角形B．四边形C．五边形D．六边形6. （2019·厦门市思明区·期中）若 A D 是 △A B C 的中线，则以下结论正确的是 ()A． A D⊥B C B． ∠B A D=∠C A DC． B D=C D D．以上答案都正确7. （2019·厦门市思明区·期中）在△A B C，△D E F中，已知A B=D E，B C=E F，那么添加下列条件后，仍然无法判定 △A B C≌△D E F 的是 ()A． A C=D F B． ∠B=∠EC． ∠C=∠F D． ∠A=∠D=90∘8. （2019·厦门市思明区·期中）三个等边三角形的摆放位置如图，若∠3=60∘，则∠1+∠2 的度数为 ()❑∘．A． 150B． 120C． 90D． 809. （2019·厦门市思明区·期中）如图，在平面直角坐标系中，在 x 轴、 y 轴的半轴上分别截取O A，O B，使O A=O B，再分别以点A，B为圆心，以大于1A B 长为半径作弧，两弧交于点 C．若点 C 的坐标为 (m−1,2n)，则 m2与 n 的关系为 ()A． m+2n=1B． m−2n=1C． 2n−m=1D． n−2m=1 10. （2019·厦门市思明区·期中）在平面直角坐标系中，已知点 P(a2+2,5)，则点 P 关于直线 m（直线 m 上各点的横坐标都为 −2）对称点的坐标是 ()A． (−a2+6,5)B． (−a2−6,5)C． (a2−6,5)D． (−a2+4,5)11. （2019·厦门市思明区·期中）计算：（1）4a6÷2a3=¿ ；（2）(−2x2)3=¿ ．12. （2019·厦门市思明区·期中）超重机的底座、输电线路的支架、自行车的斜支架等，都是采用三角形结构，这样做的数学道理是利用了．13. （2019·厦门市思明区·期中）如图，△A B C≌△D E F，请根据图中提供的信息，写出x=¿ ．14. （2019·厦门市思明区·期中）如图，在 △A B C 中，A B=14c m，A C=16c m，D E 是 B C 的中垂线，则 △A B D 的周长 ¿ ．15. （2019·厦门市思明区·期中）如图，△A P T 与 △C P T 关于直线 P T 对称，A T=P T，延长 A T 交 P C 于点 F，当 ∠A=¿ 时，△T F C是等腰三角形．16. （2019·厦门市思明区·期中）如图，△A B C中，∠B AC=75∘，B C=6，△A B C 的面积为 30，D 为 B C 边上一动点（不与 B，C 重合），将△A B D和△AC D分别沿直线A B，A C翻折得到△A B E与△AC F，那么 △A E F 的面积最小值为．17. （2019·厦门市思明区·期中）计算．(1) −2a⋅a4+a2⋅a3；(2) (4x2y−4x y2−2y3)÷y−x(2x+y)．18. （2019·厦门市思明区·期中）已知等腰三角形的一边长为 2c m，且它的周长为 10c m，求它的底边长．19. （2019·厦门市思明区·期中）如图，在直角坐标系中，先描出点 A(1,3)，点 B(4,1)．(1) 描出点 A 关于 x 轴的对称点 A1 的位置，写出 A1 的坐标；(2) 用尺规在 x 轴上找一点 C，使 A C+B C 的值最小（保留作图痕迹）；(3) 用尺规在 x 轴上找一点 P，使 P A=P B（保留作图痕迹）．20. （2019·厦门市思明区·期中）如图，点E，F在B C上，B E=C F，A B=C D，∠B=∠C，A F 与 D E 交于点 O．(1) 求证：△A B F≌△DC E；(2) 求证：△O E F 为等腰三角形．21. （2019·厦门市思明区·期中）如图，在某住房小区的建设中，为了提高业主的宜居环境，小区准备在一个长为 (4a−b) 米，宽为 (2a+3b) 米的长方形草坪上修建两条宽为 b 米的通道．(1) 剩余草坪的面积是多少平方米？(2) 当 a=10，b=2 时，剩余草坪的面积是多少平方米？22. （2019·厦门市思明区·期中）已知：如图，点 D 是 △A B C 的边 A C 上的一点，过点D 作D E⊥A B，D F⊥BC，E，F 为垂足，再过点D 作D G∥A B，交 B C 于点 G，且 D E=D F．(1) 求证：D G=B G；(2) 求证：B D 垂直平分 E F．23. （2019·厦门市思明区·期中）回答下列问题．(1) 已知 2a×4b=8，求 (a+2b)2−a−2b 值．(2) 满足 (x2+2y2+3)(x2+2y2−3)=27，求 x2+2y2 的值．(3) 已知 4a2+a÷42=1，求 2a3+3a2−3a+2019 的值．24. （2019·厦门市思明区·期中）如图所示，等边 △A B C．(1) 如图（1），若 A B=12c m，现有两点 M，N 分别从点 A 、点 B同时出发，沿三角形的边顺时针运动，已知点 M 的速度为 1c m/s，点 N 的速度为 2c m/s．当点 N 第一次到达 B 点时，M，N 同时停止运动．点 M，N 运动秒后，△A M N 为等腰三角形．(2) 如图，点P位于等边△A B C的内部，且∠AC P=∠C B P．将△P C B 绕点 C 顺时针旋转 60∘，点 P 的对应点为点 D．① 依题意，补全图形；② 若 B D=15，P C=3，求 △D A B 与 △D B C 的面积比．25. （2019·厦门市思明区·期中）如图，A(a,0)，B(0,b)，满足：a+b=√b−4+√4−b，A O:A B=1:√2．(1) A B=¿．(2) 点 D 是 A 点左侧的 x 轴上一点，连接B D，以 B D 为直角边作等腰直角 △B D E，∠E D B=90∘．连接E A，E A 交 B D 于点 G；① 求 ∠E A B；② 若 E A 平分 ∠B E D，试求 E G 长．答案1. 【答案】A【解析】根据轴对称图形的概念，可知：选项A中的图形不是轴对称图形．【知识点】轴对称图形2. 【答案】A【解析】设三个内角分别为 x，2x，3x，则 x+2x+3x=180∘，解得 x=30∘．∴ 三个内角分别为 30∘，60∘，90∘．∴ 这个三角形一定是直角三角形．【知识点】三角形的内角和3. 【答案】D【解析】∵ 点 A 与点 B 关于原点对称，且两个点关于原点对称时，它们的坐标符号相反，∴ 点 B(−4,−5) 关于原点 O 的对称点 A 点坐标是 (4,5)．【知识点】坐标平面内图形的旋转变换4. 【答案】D【解析】a4与a2不是同类项，不能合并；a2+a2+a2=3a2；a2⋅a3=a5；a2⋅a2⋅a2=a6．5. 【答案】D【解析】设这个多边形的边数为 n，由题意，得(n−2)×180∘=720∘，解得：n=6，则这个多边形是六边形．【知识点】多边形的内外角和6. 【答案】C【解析】∵A D 是 △A B C 的中线，∴B D=C D．【知识点】三角形的中线7. 【答案】C【解析】因为 A B=D E，B C=E F，添加 A C=D F，可以依据 S S S 判定 △A B C≌△D E F．添加 ∠B=∠E，可以依据 S A S 判定 △A B C≌△D E F．C．添加 ∠C=∠F，不能判定 △A B C≌△D E F．D．添加 ∠A=∠D=90∘，可以依据 H L 判定 △A B C≌△D E F．【知识点】综合判定8. 【答案】B【解析】∵ 图中是三个等边三角形，∠3=60∘，∴∠A BC=180∘−60∘−60∘=60∘，∠AC B=180∘−60∘−∠2=120∘−∠2，∠B AC=180∘−60∘−∠1=120∘−∠1，∵∠A B C+∠A C B+∠B AC=180∘，∴60∘+(120∘−∠2)+(120∘−∠1)=180∘，∴∠1+∠2=120∘．【知识点】多边形的内外角和9. 【答案】B【解析】∵由题意可知，点 C 在 ∠AO B 的平分线上，∴m−1=2n，∴m−2n=1．【知识点】平面直角坐标系及点的坐标10. 【答案】B【解析】∵a2+2>0，∴ 点 P(a2+2,5) 在第一象限，∵ 直线 m 上各点的横坐标都是 −2，∴ 直线为：x=−2，∴a2+2 到 −2 的距离为：a2+4，∴ 点 P 关于直线 m 对称的点的横坐标是：−a2−6，(−a2−6,5)．故P 点对称的点的坐标是：【知识点】坐标平面内图形轴对称变换11. 【答案】2a3 ； −8x6【解析】（1）4a6÷2a3=(4÷2)(a6÷a3)=2a6−3=2a3；（2）(−2x2)3=(−2)3(x2)3=−8x6．【知识点】积的乘方12. 【答案】三角形的稳定性【解析】起重机的底座、输电线路的支架、自行车的斜支架等，都是采用三角形结构，这样做的数学道理是利用了三角形的稳定性．【知识点】三角形的稳定性13. 【答案】20【解析】如图，∠A=180∘−50∘−60∘=70∘，∵△A B C≌△D E F，∴E F=B C=20，即x=20．【知识点】全等形的概念及性质14. 【答案】30c m【解析】∵BC 的中垂线交 A C 于点 D，∴D B=C D．∵A B=14c m，A C=16c m，∴△A B D 的周长 ¿A B+A D+B D=A B+AC=30c m．【知识点】垂直平分线的性质15. 【答案】36∘【解析】∵△A P T 与 △C P T 关于直线 P T 对称，∴∠A=∠C，∠A P T=∠C P T，∵AT=P T，∴∠P AT=∠A P T，∴∠A P F=2∠A P T=2∠A，若 △T F C 是等腰三角形，则有 F T=F C，∴∠F T C=∠C，∴∠P F A=∠F T C+∠C=2∠C，∴∠P F T=2∠A，∵∠A+∠A P F+∠P F A=180∘，即∠A+2∠A+2∠A=180∘，∴∠A=36∘，∴ 当 ∠A=36∘ 时，△T F C 是等腰三角形．【知识点】轴对称的性质16. 【答案】15【解析】如图，过 E 作 E G ⊥A F ，交 F A 的延长线于 G ，由折叠可得，A F =A E =A D ，∠B A E =∠B A D ，∠D AC =∠F AC ，又因为 ∠B AC =75∘，所以 ∠E A F =150∘，所以 ∠E A G =30∘，所以 E G =12A E =12A D ，当 A D ⊥BC 时，AD 最短，因为 B C =6，△A B C 的面积为 30，所以当 A D ⊥B C 时，A D =10=A E =A F ，所以 △A E F 的面积最小值为：12A F ×E G =12×3×10=15．【知识点】30度所对的直角边等于斜边的一半17. 【答案】(1) ¿−2a ⋅a 4+a 2⋅a 3¿2a 5+a 5¿=¿−a 5.¿(2)¿(4x 2y−4x y 2−2y 3)÷y−x (2x +y )¿x 2−4x y −2y 2−2x 2−x y ¿=¿2x 2−5x y −2y 2.¿【知识点】同底数幂的乘法、多项式除以单项式18. 【答案】当腰长为 2 时，底边长为 10−2×2=6，三角形的三边长为 2，2，6，不能构成三角形；当底边长为 2 时，腰长为 (10−2)÷2=4，三角形的三边长为 4，4，2，能构成三角形；所以等腰三角形的底边长为 2．【知识点】三角形的三边关系19. 【答案】(1)(1,−3)(2) 根据题意，若要使 A C +B C 的值最小，根据两点之间线段最短原理，可知只需要连接A 1B 即可，A 1B 与 x 轴的交点，即为点C ，具体作图如下：(3) 若使 P A =P B ，只需要作出直线 A B 的垂直平分线即可．具体作图如下：【解析】(1) 点关于 x 轴对称，横坐标不变，纵坐标变为相反数，因为 A(1,3)，故A 关于(1,−3)．x 轴的对称点为 A1【知识点】垂直平分线的判定、坐标平面内图形轴对称变换、找动点，使距离之和最小20. 【答案】(1) ∵B E=C F，∴B F=E C．在 △A B F 和 △DC E 中，{A B=DC,∠B=∠C,B F=C E,∴△A B F≌△D C E(S A S)．(2) ∵△A B F≌△D C E，∴∠A F B=∠D E C．∴O E=O F．∴△O E F 为等腰三角形．【知识点】边角边、等腰三角形的判定21. 【答案】(1) 将两条路平移后，由图可得，剩余草坪的面积是：(4a−b−b)(2a+3b−b)=(4a−2b)(2a+2b)=(8a2+4a b−4b2) 平方米．(2) 当 a=10，b=2 时，8a2+4a b−4b2=8×102+4×10×2−4×22=864，即a=10，b=2 时，剩余草坪的面积是 864 平方米．【知识点】几何问题22. 【答案】(1) 连接B D．∵D E⊥A B，D F⊥BC 且 D E=D F，∴∠A B D=∠D B C，又∵DG∥A B，∴∠A B D=∠B D G，∴∠B DG=∠D B C，∴DG=B G．(2) 由（1）∠A B D=∠D BC可知，∠E D B=∠F D B，在 △B D E 与 △B D F 中，∵∠A B D=∠D B C，B D=B D，∠E D B=∠F D B，∴△B D E≌△B D F，∴B E=B F，D E=D F，∴B D 垂直平分 E F．【知识点】角平分线的判定、垂直平分线的判定23. 【答案】(1) ∵2a×4b=8，∴2a+2b=23，∴a+2b=3，∴(a+2b)2−a−2b=(a+2b)2−(a+2b)=32−3=9−3=6．(2) (x2+2y2+3)(x2+2y2−3)¿27.(x2+2y2)2−9¿27.(x2+2y2)2¿36.∵x2+2y2>0，∴x2+2y2=6．(3) ∵4a2+a÷42=1，∴4a2+a=42．∴a2+a=2，∴2a3+3a2−3a+2019¿2a3+2a2+a2−3a+2019¿2a(a2+a)+a2−3a+2019¿4a+a2−3a+2019¿a2+a+2019¿2+2019¿2021.【知识点】完全平方公式、同底数幂的除法、平方差公式24. 【答案】(1) 16(2) ①如图所示，② ∵△A B C 是等边三角形，∴∠AC B=60∘，∴∠P C A+∠P C B=60∘，∵∠P C A=∠C B P，∴∠P C B+∠P B C=60∘，∴∠B P C=180∘−60∘=120∘，∵∠C P D=180∘−∠B P C=60∘，P D=P C，∴△C D P 等边三角形，∴C D=C P=P D=3，∠D C P=∠A C B=60∘，∴∠DC A=∠P C B，且 C A=C B，∴△D C A≌△P C B（S A S），∴A D=P B，∵B D=15,∴A D=P B=12，如图，作 C M⊥B D 于 M，A N⊥B D 于 N．∵∠C D P=∠A D P=60∘，∴D M=12P D=32，∴C M=√C D2−D M2=√32−(32)2=3√32，由△DC A≌△P C B 得 ∠A D C=∠B P C=120∘，∴∠A D P=60∘，∴D N=12A D=6，∴A N=√A D2−D N2=√122−62=6√3，∴S△D ABS△D B C=12B D⋅C M12B D⋅C N=12×15×3√3212×15×6√3=14．【解析】(1) 设点 M，N 运动 t 秒后，可得到等边三角形 △A M N，如图 1，A M=t，A N=A B−B N=12−2t，∵△A M N 是等边三角形，∴A M=A N，即t=12−2t，解得，t=4，∴ 点 M，N 运动 4 秒后，可得到等边三角形 A M N；当点 M，N 在 B C 边上运动时，可以得到以 M N 为底的等腰三角形，如图2：∵△A M N 是等腰三角形，∴A N=A M，∴∠A M N=∠A N M，∴∠A M C=∠A N B，∵A B=B C=A C，∴△A C B 是等边三角形，∴∠C=∠B=60∘，在 △AC M 和 △A B N 中，{∠C=∠B,∠A M C=∠A N B,AC=A B,∴△A C M≌△A B N（A A S），∴C M=B N，设当点 M，N 在 B C 边上运动时，M，N 运动的时间y 秒时，△A M N 是等腰三角形，∴C M=y−12，N B=36−2y，由题意得，y−12=36−2y，解得：y=16．若点 M，N 在 B C 边上运动时，能得到以 M N 为底边的等腰三角形，M，N 运动的时间为 16秒．【知识点】等边三角形的判定、勾股定理、等边三角形的性质25. 【答案】(1) 4√2(2) ①如图 1，过点 E 作 E H⊥x 轴于点 H．则 ∠E D H+∠D E H=90∘．因为 ∠E D B=90∘．所以 ∠E D H+∠B D O=90∘．所以 ∠B D O=∠D E H．在 △E H D 和 △DO B 中，{∠D E H=∠B D O,∠D H E=∠B O D=90∘,D E=B D,所以 △E H D≌△DO B．所以 D H=O B=O A=4，E H=O D．而A H=D H+A D=O A+A D=O D．所以 E H=A H．所以 △E H A 为等腰直角三角形．所以 ∠E A H=45∘=∠B A O．所以 ∠E A B=90∘．② 如图 2，延长 B A，E D相交于点 Q．因为 E A 平分 ∠B E Q．所以 ∠Q E A=∠B E A．由① 得：∠E A B=90∘=∠E A Q．在 △B E A 和 △Q E A 中，{∠E A B=∠E AQ,A E=A E,∠B E A=∠Q E A,所以 △B E A≌△Q E A．√42+42=4√2．所以 Q A=B A=所以 B Q=2A B=8√2．因为 ∠E D G=90∘=∠G A B．且 ∠E G D=∠B G A．所以 ∠D E G=∠D B Q．在 △E D G 和 △B DQ 中，{∠E D G=∠B DQ,D E=B D,∠D E G=∠D B Q,所以 △E D G≌△B D H(A S A)．所以 E G=B H=8√2．【解析】(1) 因为 a+b=√b−4+√4−b，所以 {b−4≥0,4−b≥0,解得：b=4．此时 √b−4+√4−b=0，所以 a+b=0．所以 a=−4，所以 A(−4,0)，B(0,4)，√42+42=4√2．所以 A B=【知识点】角角边、平面直角坐标系及点的坐标、等腰直角三角形。

2018-2019学年福建省福州市仓山区八年级(上)期中数学试卷(解析版)

2018-2019学年福建省福州市仓山区八年级第一学期期中数学试卷一、选择题（共10题，每题4分，满分40分.）1．下列图形具有稳定性的是（）A．B．C．D．2．誉为全国第三大露天碑林的“浯溪碑林”，摩崖上铭刻着500多方古今名家碑文，其中悬针篆文具有较高的历史意义和研究价值，下面四个悬针篆文文字明显不是轴对称图形的是（）A．B．C．D．3．如图，△ABC≌△BAD，如果AB＝6cm，BD＝5cm，AD＝4cm，那么BC＝（）A．4cm B．5cm C．6cm D．无法确定4．若正多边形的一个外角是60°，则该正多边形的内角和为（）A．360°B．540°C．720°D．900°5．三个全等三角形按如图的形式摆放，则∠1+∠2+∠3的度数是（）A．90°B．120°C．135°D．180°6．如图，BE＝CF，AE⊥BC，DF⊥BC，要根据“HL”证明Rt△ABE≌Rt△DCF，则还需要添加一个条件是（）A．AE＝DF B．∠A＝∠D C．∠B＝∠C D．AB＝DC7．如果直角三角形的一个锐角是另一个锐角的4倍，那么这个直角三角形中一个锐角的度数是（）A．9°B．18°C．27°D．36°8．如图，已知BG是∠ABC的平分线，DE⊥AB于点E，DF⊥BC于点F，DE＝6，则DF 的长度是（）A．2B．3C．4D．69．下列各图中a、b、c为三角形的边长，则甲、乙、丙三个三角形和左侧△ABC一定全等的是（）A．甲和乙B．乙和丙C．甲和丙D．只有丙10．如图，在△ABC中，AB＝AC，AD，BE是△ABC的两条中线，P是AD上的一个动点，则下列线段的长等于CP+EP最小值的是（）A．AC B．AD C．BE D．BC二、填空题：本题共8小题，每小题4分，共32分11．一个三角形的两边长分别是2和7，最长边a为偶数，则这个三角形的周长为．12．在平面直角坐标系中，点P（﹣4，3）关于y轴的对称点坐标为．13．如果将一副三角板按如图方式叠放，那么∠1＝．14．某同学从平面镜里看到镜子对面的电子钟的示数如图所示，这时的实际时间是．15．如图所示，AB＝AC，AD＝AE，∠BAC＝∠DAE，∠1＝25°，∠2＝30°，则∠3＝．16．如图，Rt△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝AC，分别过点B、C作过点A的直线的垂线BD、CE，垂足分别为D、E，若BD＝3，CE＝2，则DE＝．17．若等腰三角形腰上的高是腰长的一半，则这个等腰三角形的底角是．18．如图，已知点B．C．D在同一条直线上，△ABC和△CDE都是等边三角形．BE交AC 于F，AD交CE于H．①△BCE≌△ACD；②CF＝CH；③△CFH为等边三角形；④FH∥BD；⑤AD与BE的夹角为60°，以上结论正确的是．三、解答题。

八年级2018-2019学年度上学期期中考试数学试题(word版,含答案)

2018-2019学年度八年级上学期期中考试数学试题第1卷(选择题共42分)注意事项：1．答第1卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。

2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后。

再选涂其它答案，不能答在试卷上。

3．考试结束，将本试卷和答题卡一并交回．一、选择题(本题共14小题．每小题3分，共42分)1．若一个正多边形一个外角是60°，则该正多边形的内角和是 A ．360° B ． 540° C ． 720° D ．900° 2. 若点A (1,1)m n +-与点B （-3,2）关于y 轴对称，则m n +的值是A ．-5B ．-3C ．3D ． 13. 已知三角形三个内角∠A 、∠B 、∠C ，满足关系式∠B+∠C=2∠A ，则此三角形 A. 一定有一个内角为45° B. 一定有一个内角为60° C. 一定是直角三角形 D. 一定是钝角三角形4. 如图，已知∠ABC=∠DCB,添加以下条件不能判定∆ABC ≌∆DCB 的是A ．∠A=∠DB ．∠ACB=∠DBC C ．AC=DBD ．AB=DC第4题第5题第6题5.观察图中尺规作图痕迹，下列说法错误的是A．OE是∠AOB的平分线 B.OC=ODC.点C、D到OE的距离不相等 D、∠AOE=∠BOE6.如图，在Rt∆ABC中，∠C=90°，AD平分∠BAC，交BC于点D，AB=10，S∆ABD=15，则CD的长为A．3 B．4 C．5 D．67. 将一副直角三角板按如图所示位置放置，使含30°角的三角板的一条直角边和含45°角的三角板的一条直角边放在同一条直线上，则∠α的度数是A．45° B．60° C．75° D．85°第7题第8题第9题8.如图，OA=OB，∠A=∠B，有下列3个结论：①△AOD≌△BOC②△ACE≌△BDE③点E在∠O的平分线上其中正确的结论是A. 只有①B. 只有②C. 只有①②D. 有①②③9.如图，等边三角形ABC中，AD⊥BC，垂足为D，点E在线段AD上，∠EBC=45°，则等于∠ACE=A．15° B．30° C．45 D．60°10.将一个n边形变成n+1边形,内角和将A.减少180∘B.增加90∘C.增加180∘D.增加360∘11.如图,△ABC中,∠A=36∘,AB=AC,BD平分∠ABC,下列结论错误的是A. ∠C=2∠AB. BD=BCC. △ABD是等腰三角形D. 点D为线段AC的中点第11题第12题第13题12.如图,四边形ABCD中,AC垂直平分BD,垂足为E,下列结论不一定成立的是A. AB=ADB. AC平分∠BCDC. AB=BDD. △BEC≌△DEC13.如图，在△ABC中，AB=AC，AD平分∠BAC，DE⊥AB，DF⊥AC，E、F分别为垂足，则下列四个结论：①∠DEF=∠DFE；②AE=AF；③AD平分∠EDF；④AD垂直平分EF.其中正确结论有（）A.1个B.2个C.3个D.4个14.如图，∠B=∠C=90°，M是BC的中点，DM平分∠ADC，且∠ADC=110°，则∠MAB=（）A. 30°B. 35°C. 45°D. 60°第14题第17题第18题二、填空题（本题共4小题，每小题5分，共20分）15.已知三角形两边的长分别为1、5，第三边长为整数，则第三边的长为_____.16.若一个多边形的内角和是其外角和的3倍，则这个多边形的边数是___17.如图，已知△ABC的周长是21，OB，OC分别平分∠ABC和∠ACB，OD⊥BC于D，且OD=4，则△ABC的面积是______.18. 在△ABC 中,AB=AC,CD=CB,若∠ACD=42∘,则∠BAC=______∘.19. 含角30°的直角三角板与直线1l ，2l 的位置关系如图所示，已知12l l ，∠1=60°，以下三个结论中正确的是____（只填序号）。

2021-2022学年-有答案-福建省厦门市某校八年级(上)期中数学试卷 (1)

2021-2022学年福建省厦门市某校八年级（上）期中数学试卷一、选择题（每题3分，共30分）1. 下列图形中有稳定性的是( )A.正方形B.长方形C.直角三角形D.平行四边形2. 将一张如图所示的矩形纸片沿对角线剪开，利用所得的两个直角三角形通过图形变换构成了下列四个图形，这四个图形中不是轴对称图形的是( )A. B.C. D.3. 如图，点P是∠BAC的平分线AD上一点，PE⊥AC于点E．已知PE=3，则点P到AB 的距离是( )A.3B.4C.5D.64. 下列长度的三条线段，能组成三角形的是()A.4cm，5cm，9cmB.8cm，8cm，15cmC.5cm，5cm，10cmD.6cm，7cm，14cm5. 一个多边形的内角和等于它的外角和的4倍，则这个多边形的边数是（）A.10B.8C.6D.46. 已知点M(a, 3)，点N(2, b)关于x轴对称，则(a+b)2020的值（）A.−3B.−1C.1D.37. 如图，在△ABC中，AB=AC，AE是∠BAC的平分线，点D是AE上的一点，则下列结论错误的是（）A.AE⊥BCB.△BED≅△CEDC.△BAD≅△CADD.∠ABD=∠DBE8. 如图，点P为∠AOB内一点，分别作点P关于OA、OB的对称点P1，P2，连接P1P2交OB于M，交OA于N，P1P2＝15，则△PMN的周长为（）A.16B.15C.14D.139. 如图，把矩形纸片ABCD沿对角线折叠，设重叠部分为△EBD，那么下列说法错误的是（）A.△EBD是等腰三角形，EB=EDB.折叠后∠ABE和∠C′BD一定相等C.折叠后得到的图形是轴对称图形D.△EBA和△EDC′一定是全等三角形10. 如图所示的正方形网格中，网格线的交点称为格点，已知A，B是两格点，如果C也是图中的格点，且使得△ABC为等腰三角形，则满足条件的点C有()A.6个B.7个C.8个D.9个二、填空题（每题3分，共18分）点P(−1, 2)关于y轴对称的点的坐标是________．等腰三角形的一个底角42∘，它的顶角是________．等腰三角形的两边长分别为3cm，6cm，则它的周长是15cm．如图，在Rt△ABC中，∠B=90∘，ED是AC的垂直平分线，交AC于点D，交BC于点E．已知∠C=40∘，则∠BAE的度数为________∘．如图，在△ABC中，∠A＝45∘，直线l与边AB、AC分别交于点M、N，则∠1+∠2的度数是________．如图，在△ABC中，AB=AC，∠BAC=50∘，∠BAC的平分线与AB的中垂线交于点O，点C沿EF折叠后与点O重合，则∠CEO的度数是________．三、解答题（7小题，共52分）如图，请按下列要求用尺规作图，不写作法，但要保留痕迹：（1）作出△ABC的角平分线CD；（2）作出△ABC的高AE．如图，已知AB＝CD，AC＝DB．求证：∠A＝∠D．如图，在△ABC中，点D，E分别在边AC，AB上，BD与CE交于点O，给出下列三个条件：①∠EBO=∠DCO；②BE=CD；③OB=OC．(1)上述三个条件中，由哪两个条件可以判定△ABC是等腰三角形？（用序号写出所有成立的情形）(2)请选择中的一种情形，写出证明过程．（1）在等腰三角形ABC，∠A＝100∘，求∠B的度数．（2）在等腰三角形ABC中，∠A＝40∘，求∠B的度数．（3）根据（1）（2）问后发现，∠A的度数不同，得到∠B的度数的个数也可能不同，如果在等腰三角形ABC中，设∠A＝x∘，当∠B有三个不同的度数时请你探索x的取值范围，并用含x的式子表示∠B的度数．如图，已知AB=AC，AD是中线，BE=CF．（1）求证：△BDE≅△CDF；AB．（2）当∠B=60∘时，过AB的中点G，作GH // BD，求证：GH=14知识链接：将两个含30∘角的全等三角尺放在一起，让两个30∘角合在一起成60∘，经过拼凑、观察、思考，探究出结论“直角三角形中，30∘角所对的直角边等于斜边的一半”．如图，等边三角形ABC的边长为4cm，点D从点C出发沿CA向A运动，点E从B出发沿AB的延长线BF向右运动，已知点D、E都以每秒0.5cm的速度同时开始运动，运动过程中DE与BC相交于点P，设运动时间为x秒．（1）请直接写出AD长．（用x的代数式表示）（2）当△ADE为直角三角形时，运动时间为几秒？（3）求证：在运动过程中，点P始终为线段DE的中点．参考答案与试题解析2021-2022学年福建省厦门市某校八年级（上）期中数学试卷一、选择题（每题3分，共30分）1.【答案】C【考点】三角形的稳定性【解析】稳定性是三角形的特性．【解答】解：根据三角形具有稳定性，可得四个选项中只有直角三角形具有稳定性．故选C.2.【答案】A【考点】图形的剪拼轴对称图形【解析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念，分析各图形的特征求解．【解答】解：A中图形不是轴对称图形；B中图形是轴对称图形；C中图形是轴对称图形；D中图形是轴对称图形.故选A.3.【答案】A【考点】角平分线的性质【解析】已知条件给出了角平分线、PE⊥AC于点E等条件，利用角平分线上的点到角的两边的距离相等，即可求解．【解答】解：利用角平分线上的点到角的两边的距离相等可知点P到AB的距离也是3．故选A．4.【答案】B【考点】三角形三边关系【解析】结合“三角形中较短的两边之和大于第三边”，分别套入四个选项中的三边长，即可得出结论．【解答】解：A，∵5+4=9，∴该三边不能组成三角形，故此选项错误；B，8+8>15，∴该三边能组成三角形，故此选项正确；C，5+5=10，∴该三边不能组成三角形，故此选项错误；D，6+7<14，∴该三边不能组成三角形，故此选项错误.故选B.5.【答案】A【考点】多边形内角与外角【解析】设这个多边形的边数为n，根据内角和公式和外角和公式，列出方程求解即可．【解答】设这个多边形的边数为n，(n−2)⋅180∘＝4×360∘，解得n＝10，6.【答案】C【考点】关于x轴、y轴对称的点的坐标【解析】利用关于x轴对称的点的坐标特征得到a、b的值，然后根据乘方的意义计算．【解答】∵点M(a, 3)，点N(2, b)关于x轴对称，∴a＝2，b＝−3，∴(a+b)2020＝(2−3)2020＝1．7.【答案】D【考点】等腰三角形的判定与性质全等三角形的性质【解析】根据等腰三角形顶角的平分线也是底边的中线即可确定正确的结论．【解答】解：∵在△ABC中，AB=AC，AE是∠BAC的平分线，∴AE垂直平分BC，∴A、B、C正确，∵点D为AE上的任一点，∴∠ABD=∠DBE不正确，故选D．8.【答案】B【考点】轴对称——最短路线问题【解析】根据轴对称的性质可得P1M＝PM，P2N＝PN，然后根据三角形的周长定义，求出△PMN的周长为P1P2，从而得解．【解答】∵P点关于OB、OA的对称点为P1，P2，∴P1M＝PM，P2N＝PN，∴△PMN的周长＝MN+PM+PN＝MN+P1M+P2N＝P1P2，∵P1P2＝15，∴△PMN的周长为15．9.【答案】B【考点】翻折变换（折叠问题）【解析】根据题意结合图形可以证明EB=ED，进而证明△ABE≅△C′DE；此时可以判断选项A、B、D是成立的，问题即可解决．【解答】解：由题意得：△BC′D≅△BFD，∴DC′=DF，∠C′=∠C=90∘；∠C′BD=∠CBD；又∵四边形ABCD为矩形，∴∠A=∠F=90∘；DE // BF，AB=DF；∴∠EDB=∠FBD，DC′=AB；∴∠EDB=∠C′BD，∴EB=ED，△EBD为等腰三角形；在△ABE与△CDE中，∵{BE=DEAB=C′D，∴△ABE≅△C′DE(HL)；又∵△EBD为等腰三角形，∴折叠后得到的图形是轴对称图形；综上所述，选项A、C、D成立，∴下列说法错误的是B，故选B．10.【答案】C【考点】等腰三角形的判定与性质等腰三角形的性质与判定【解析】分AB是腰长时，根据网格结构，找出一个小正方形与A、B顶点相对的顶点，连接即可得到等腰三角形，AB是底边时，根据线段垂直平分线上的点到线段两端点的距离相等，AB垂直平分线上的格点都可以作为点C，然后相加即可得解．【解答】解：如图，分情况讨论：①AB为等腰△ABC的底边时，符合条件的C点有4个；②AB为等腰△ABC其中的一条腰时，符合条件的C点有4个．故选C．二、填空题（每题3分，共18分）【答案】(1, 2)【考点】关于x轴、y轴对称的点的坐标【解析】根据关于y轴对称，横坐标互为相反数，纵坐标不变；即可得出答案．【解答】点P(−1, 2)关于y轴对称的点的坐标是(1, 2)．【答案】96∘【考点】等腰三角形的性质【解析】根据三角形的内角和是180∘以及等腰三角形的两个底角相等进行计算即可．【解答】由题意得，顶角＝180∘−42∘×2＝96∘．【答案】15【考点】等腰三角形的性质三角形三边关系【解析】根据已知条件和三角形三边关系可知；等腰三角形的腰长不可能为3，只能为6，然后即可求得等腰三角形的周长【解答】①6cm为腰，3cm为底，此时周长为6+6+3＝15cm；②6cm为底，3cm为腰，则两边和等于第三边无法构成三角形，故舍去．故其周长是15cm．【答案】10【考点】线段垂直平分线的性质三角形内角和定理【解析】由ED是AC的垂直平分线，可得AE＝CE，继而求得∠BAE＝∠C＝40∘，然后由在Rt△ABC中，∠B＝90∘，即可求得∠BAC的度数，继而求得答案．【解答】解：∵ED是AC的垂直平分线，∴AE=CE，∴∠EAC=∠C=40∘.∵在Rt△ABC中，∠B=90∘，∴∠BAC=90∘−∠C=50∘，∴∠BAE=∠BAC−∠EAC=10∘．故答案为：10.【答案】225∘【考点】三角形内角和定理【解析】先根据三角形内角和定理求出∠B+∠C的度数，再由四边形的内角和等于360∘即可得出结论．【解答】∵在△ABC中，∠A＝45∘，∴∠B+∠C＝180∘−45∘＝135∘，∴∠1+∠2＝360∘−135∘＝225∘．【答案】100∘【考点】翻折变换（折叠问题）线段垂直平分线的性质等腰三角形的判定与性质【解析】连结OB，根据角平分线定义得到∠OAB=∠ABO=25∘，再根据等腰三角形的性质得到∠ABC=∠ACB=65∘，再根据线段垂直平分线的性质得到OA=OB，则∠OBA=∠OAB=25∘，所以∠1=65∘−25∘=40∘，由于AB=AC，OA平分∠BAC，根据等腰三角形的性质得OA垂直平分BC，则BO=OC，所以∠1=∠2=40∘，然后根据折叠的性质得到EO=EC，于是∠2=∠3=40∘，再根据三角形内角和定理计算∠OEC．【解答】解：连结OB，∵∠BAC=50∘，∠BAC的平分线与AB的中垂线交于点O，∴∠OAB=∠ABO=25∘，∵AB=AC，∠BAC=50∘，∴∠ABC=∠ACB=65∘，∵OD垂直平分AB，∴OA=OB，∴∠OBA=∠OAB=25∘，∴∠1=65∘−25∘=40∘，∵AB=AC，OA平分∠BAC，∴OA垂直平分BC，∴BO=OC，∴∠1=∠2=40∘，∵点C沿EF折叠后与点O重合，∴EO=EC，∴∠2=∠3=40∘，∴∠OEC=180∘−40∘−40∘=100∘．故答案为100∘．三、解答题（7小题，共52分）【答案】如图，CD为所作；如图，AE为所作．【考点】作图—复杂作图【解析】（1）利用基本作图，作CD平分∠ACB；（2）利用基本作图，过点A作AE垂直BC于E．【解答】如图，CD为所作；如图，AE为所作．【答案】证明：在△ABC和△DCB中，∵AB＝DC，AC＝DB，BC＝CB，∴△ABC≅△DCB(SSS)，∴∠A＝∠D．【考点】全等三角形的性质与判定【解析】分析题目条件，AB、AC围成△ABC，DC、DB围成△DCB，BC为它们的公共边，容易判断△ABC≅△DCB，从而得出∠A＝∠D．【解答】证明：在△ABC和△DCB中，∵AB＝DC，AC＝DB，BC＝CB，∴△ABC≅△DCB(SSS)，∴∠A＝∠D．【答案】解：(1)①②；①③．(2)选①③证明如下，∵OB=OC，∴∠OBC=∠OCB，∵∠EBO=∠DCO，又∵∠ABC=∠EBO+∠OBC，∠ACB=∠DCO+∠OCB，∴∠ABC=∠ACB，∴△ABC是等腰三角形．【考点】等腰三角形的判定与性质全等三角形的性质【解析】（1）由①②；①③．两个条件可以判定△ABC是等腰三角形，（2）先求出∠ABC=∠ACB，即可证明△ABC是等腰三角形．【解答】解：(1)①②；①③．(2)选①③证明如下，∵OB=OC，∴∠OBC=∠OCB，∵∠EBO=∠DCO，又∵∠ABC=∠EBO+∠OBC，∠ACB=∠DCO+∠OCB，∴∠ABC=∠ACB，∴△ABC是等腰三角形．【答案】在等腰△ABC中，∵∠A＝100∘>90∘，∴∠B＝∠C＝40∘；∵∠A＝40∘，若∠A为顶角，则∠B＝(180∘−∠A)÷2＝70∘；若∠A为底角，∠B为顶角，则∠B＝180∘−2×40∘＝100∘；若∠A为底角，∠B为底角，则∠B＝40∘；故∠B＝70∘或100∘或40∘；分两种情况：①当90≤x<180时，∠A只能为顶角，∴∠B的度数只有一个，∠B＝（）∘；②当0<x<90时，若∠A为顶角，则∠B＝（）∘；若∠A为底角，∠B为顶角，则∠B＝(180−2x)∘；若∠A为底角，∠B为底角，则∠B＝x∘；当≠180−2x且180−2x≠x且≠x，即x≠60时，∠B有三个不同的度数．【考点】等腰三角形的性质列代数式三角形内角和定理【解析】（1）根据三角形内角和定理，根据∠A＝100∘>90∘，得到∠B＝∠C＝40∘；（2）根据三角形内角和定理，因为∠A＝40∘<90∘，所以推出∠A＝∠B或∠A＝∠C或∠B ＝∠C，∠B的度数可求．（3）分两种情况：①90≤x<180；②0<x<90，结合三角形内角和定理求解即可．【解答】在等腰△ABC中，∵∠A＝100∘>90∘，∴∠B＝∠C＝40∘；∵∠A＝40∘，若∠A为顶角，则∠B＝(180∘−∠A)÷2＝70∘；若∠A为底角，∠B为顶角，则∠B＝180∘−2×40∘＝100∘；若∠A为底角，∠B为底角，则∠B＝40∘；故∠B＝70∘或100∘或40∘；分两种情况：①当90≤x<180时，∠A只能为顶角，∴∠B的度数只有一个，∠B＝（）∘；②当0<x<90时，若∠A为顶角，则∠B＝（）∘；若∠A为底角，∠B为顶角，则∠B＝(180−2x)∘；若∠A为底角，∠B为底角，则∠B＝x∘；当≠180−2x且180−2x≠x且≠x，即x≠60时，∠B有三个不同的度数．【答案】证明（1）∵AB=AC，AD是中线，∴∠B=∠C，BD=CD，在△BDE与△CDF中，{BE=CF ∠B=∠C BD=CD，∴△BDE≅△CDF；（2）∵GH // BD，∠B=60∘，∴∠AGH=60∘，∵AB=AC，AD是中线，∴AD⊥BC，∴∠BAD=30∘∠AHG=90∘，∴GH=12AG，∵AG=12AB，∴GH=14AB．【考点】全等三角形的性质等腰三角形的判定与性质【解析】（1）由AB=AC，AD是中线，得到∠B=∠C，BD=CD，即可得到结论；（2）由等腰三角形的性质得到AD⊥BC，根据平行线的性质得到∠AHG=90∘，再根据三角形的中位线定理即可得到结果．【解答】证明（1）∵AB=AC，AD是中线，∴∠B=∠C，BD=CD，在△BDE与△CDF中，{BE=CF ∠B=∠C BD=CD，∴△BDE≅△CDF；（2）∵GH // BD，∠B=60∘，∴∠AGH=60∘，∵AB=AC，AD是中线，∴AD⊥BC，∴∠BAD=30∘∠AHG=90∘，∴GH=12AG，∵AG=12AB，∴GH=14AB．【答案】由题意得，CD＝0.5x，则AD＝4−0.5x；设x秒时，△ADE为直角三角形，∴∠ADE＝90∘，BE＝0.5x，AD＝4−0.5x，AE＝4+0.5x，∴∠AED＝30∘，∴AE＝2AD，∴4+0.5x＝2(4−0.5x)，∴x＝；答：运动秒后，△ADE为直角三角形；如图2，作DG // AB交BC于点G，∴∠GDP＝∠BEP，∠DGP＝∠EBP，∠CDG＝∠A＝60∘，∠CGD＝∠ABC＝60∘，∴∠C＝∠CDG＝∠CGD，∴△CDG是等边三角形，∴DG＝DC，∵DC＝BE，∴DG＝BE．在△DGP和△EBP中，，∴△DGP≅△EBP(ASA)，∴DP＝PE，∴在运动过程中，点P始终为线段DE的中点．【考点】三角形综合题【解析】（1）根据题意得到CD＝0.5x，结合图形求出AD；（2）设x秒时，△ADE为直角三角形，则BE＝0.5x，AD＝4−0.5x，AE＝4+0.5x，根据30∘的直角边等于斜边的一般建立方程求出其解即可；（3）作DG // AB交BC于点G，证明△DGP≅△EBP，得出PD＝PE．【解答】由题意得，CD＝0.5x，则AD＝4−0.5x；设x秒时，△ADE为直角三角形，∴∠ADE＝90∘，BE＝0.5x，AD＝4−0.5x，AE＝4+0.5x，∴∠AED＝30∘，∴AE＝2AD，∴4+0.5x＝2(4−0.5x)，∴x＝；答：运动秒后，△ADE为直角三角形；如图2，作DG // AB交BC于点G，∴∠GDP＝∠BEP，∠DGP＝∠EBP，∠CDG＝∠A＝60∘，∠CGD＝∠ABC＝60∘，∴∠C＝∠CDG＝∠CGD，∴△CDG是等边三角形，∴DG＝DC，∵DC＝BE，∴DG＝BE．在△DGP和△EBP中，，∴△DGP≅△EBP(ASA)，∴DP＝PE，∴在运动过程中，点P始终为线段DE的中点．。

2018-2019学年福建省厦门市湖里区五缘实验学校八年级(上)期中数学试卷解析版

2018-2019学年福建省厦门市湖里区五缘实验学校八年级（上）期中数学试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）1．（4分）下列四个汉字中，可以看作是轴对称图形的是（）A．魅B．力C．天D．门2．（4分）计算a2•a的结果是（）A．a2B．2a3C．a3D．2a23．（4分）△ABC中，∠A＝∠B+∠C，则对△ABC的形状判断正确的是（）A．锐角三角形B．直角三角形C．钝角三角形D．等边三角形4．（4分）如图，已知△ABE≌△ACD，下列选项中不能被证明的等式是（）A．AD＝AE B．DB＝AE C．DF＝EF D．DB＝EC5．（4分）下列长度的三条线段，能组成三角形的是（）A．3，4，8B．5，6，11C．12，5，6D．3，4，56．（4分）计算（a﹣2）（﹣a﹣2）的结果正确的是（）A．a2﹣4B．a2﹣4a+4C．4﹣a2D．2﹣a27．（4分）如图，△ABC中，AD⊥BC于D，BE⊥AC于E，AD交BE于点F，若BF＝AC，则∠ABC等于（）A．45°B．48°C．50°D．60°8．（4分）当三角形中一条边a是另一条边b的两倍时，我们称此三角形为“特征三角形”，其中a称为“特征边”，如果一个“特征三角形”为等腰三角形，它的“特征边”为4，那么这个“特征三角形”的周长为（）A．8B．10C．20D．8或109．（4分）如图，在等腰△ABC中，AB＝AC，∠A＝20°，AB上一点D使AD＝BC，过点D作DE∥BC且DE＝AB，连接EC，则∠DCE的度数为（）A．80°B．70°C．60°D．45°10．（4分）如图，在△ABC中，AD是∠A的外角平分线，P是AD上异于A的任意一点，设PB＝m，PC＝n，AB ＝c，AC＝b，则（m+n）与（b+c）的大小关系是（）A．m+n＞b+c B．m+n＜b+c C．m+n＝b+c D．无法确定二、填空题：（共6小题，每小题4分，共24分）11．（4分）写出一个运算结果是a6的算式．12．（4分）若3x＝15，3y＝5，则3x+2y等于．13．（4分）一个多边形内角和是一个四边形内角和的4倍，则这个多边形的边数是．14．（4分）汶川大地震过后，某中学的同学用下面的方法检测教室的房梁是否水平：在等腰直角三角尺斜边中点拴一条线绳，线绳的另一端挂一个铅锤，把这块三角尺的斜边贴在房梁上，结果线绳经过三角尺的直角顶点，同学们确信房梁是水平的，理由是．15．（4分）如图，∠BOC＝9°，点A在OB上，且OA＝1，按下列要求画图：以A为圆心，1为半径向右画弧交OC于点A1，得第1条线段AA1；再以A1为圆心，1为半径向右画弧交OB于点A2，得第2条线段A1A2；再以A2为圆心，1为半径向右画弧交OC于点A3，得第3条线段A2A3；…这样画下去，直到得第n条线段，之后就不能再画出符合要求的线段了，则n＝．16．（4分）小明遇到这样一个问题：如图，△ABO和△CDO均为等腰直角三角形，∠AOB＝∠COD＝90°．若△BOC的面积为，试求以AD，BC，OC+OD的长度为三边长的三角形的面积；三、解答题（本大题共9小题，共86分）17．（8分）计算（1）（﹣2a2b）2÷6a2b3（2）4（x+1）2﹣（2x﹣5）（2x+5）18．（8分）在△ABC中，∠A＝72°，∠BCD＝31°，CD平分∠ACB．求∠BDC的度数．19．（8分）如图，点E，F在AB上，AD＝BC，∠A＝∠B，AE＝BF．求证：∠C＝∠D．20．（10分）在一次数学课上，李老师对大家说：“你任意想一个非零数，然后按下列步骤操作，我会直接说出你运算的最后结果．”操作步骤如下：第一步：计算这个数与1的和的平方，减去这个数与1的差的平方；第二步：把第一步得到的数乘以25；第三步：把第二步得到的数除以你想的这个数．（1）若小明同学心里想的是数9．请帮他计算出最后结果．[（9+1）2﹣（9﹣1）2]×25÷9（2）老师说：“同学们，无论你们心里想的是什么非零数，按照以上步骤进行操作，得到的最后结果都相等．”小明同学想验证这个结论，于是，设心里想的数是a（a≠0）．请你帮小明完成这个验证过程．21．（10分）如图，△ABC中，AC＝2AB，AD平分∠BAC交BC于D，E是AD上一点，且EA＝EC，求证：EB⊥AB．22．（10分）如图，O为△ABC内部一点，OB＝3，P、R为O分别以直线AB、直线BC为对称轴的对称点．（1）请指出当∠ABC在什么角度时，会使得PR的长度等于7？并完整说明PR的长度为何在此时会等于7的理由．（2）承（1）小题，请判断当∠ABC不是你指出的角度时，PR的长度是小于7还是会大于7？并完整说明你判断的理由．23．（10分）如图，△ABC内，∠BAC＝60°，∠ACB＝40°，P，Q分别在BC，CA上，并且AP，BQ分别是∠BAC，∠ABC的平分线，求证：BQ+AQ＝AB+BP．24．（10分）如图，CN是等边△ABC的外角∠ACM内部的一条射线，点A关于CN的对称点为D，连接AD，BD，CD，其中AD，BD分别交射线CN于点E，P．（1）依题意补全图形；（2）若∠ACN＝α，求∠BDC的大小（用含α的式子表示）；（3）用等式表示线段PB，PC与PE之间的数量关系，并证明．25．（12分）在平面直角坐标系中，点A（0，a）、B（b，0）且a＞|b|．（1）若a、b满足a2+b2﹣4a﹣2b+5＝0．①求a、b的值；②如图1，A（0，2），将点B在x轴上平移，且b满足：0＜b＜2；在第一象限内以AB为斜边作等腰Rt△ABC，请用b表示S四边形AOBC，并写出解答过程．（2）若将线段AB沿x轴向正方向移动a个单位得到线段DE（D对应A，E对应B）连接DO，作EF⊥DO于F，连接AF、BF．①如图2，判断AF与BF的关系并说明理由；②若BF＝OA﹣OB，则∠OAF＝（直接写出结果）．2018-2019学年福建省厦门市湖里区五缘实验学校八年级（上）期中数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）1．【解答】解：A、魅不可以看作是轴对称图形，故本选项不符合题意；B、力不可以看作是轴对称图形，故本选项不符合题意；C、天可以看作是轴对称图形，故本选项符合题意；D、门不可以看作是轴对称图形，故本选项不符合题意．故选：C．2．【解答】解：a2•a＝a3．故选：C．3．【解答】解：∵在△ABC中，∠A＝∠B+∠C，∠A+∠B+∠C＝180°，∴2∠A＝180°，解得∠A＝90°，∴△ABC是直角三角形．故选：B．4．【解答】解：∵△ABE≌△ACD，∴AB＝AC，AD＝AE，∠B＝∠C，故A正确；∴AB﹣AD＝AC﹣AE，即BD＝EC，故D正确；在△BDF和△CEF中∴△BDF≌△CEF（ASA），∴DF＝EF，故C正确；故选：B．5．【解答】解：根据三角形任意两边的和大于第三边，A选项中，3+4＝7＜8，不能组成三角形；B选项中，5+6＝11，不能组成三角形；C选项中，5+6＝11＜12，不能够组成三角形；D选项中，3+4＞5，能组成三角形．故选：D．6．【解答】解：（a﹣2）（﹣a﹣2）＝（﹣2）2﹣a2＝4﹣a2．故选：C．7．【解答】解：∵AD⊥BC，BE⊥AC，∴∠ADB＝∠BEC＝90°，∴∠FBD＝∠CAD，在△FDB和△CAD中，，∴△FDB≌△CDA，∴DA＝DB，∴∠ABC＝∠BAD＝45°，故选：A．8．【解答】解：依题意有a＝4，b＝4÷2＝2，当a为腰时，这个“特征三角形”的周长为4+4+2＝10；当b为腰时，2+2＝4，不能构成三角形．故选：B．9．【解答】解：如图所示，连接AE．∵AB＝DE，AD＝BC∵DE∥BC，∴∠ADE＝∠B，可得AE＝DE∵AB＝AC，∠BAC＝20°，∴∠DAE＝∠ADE＝∠B＝∠ACB＝80°，在△ADE与△CBA中，，∴△ADE≌△CBA（ASA），∴AE＝AC，∠AED＝∠BAC＝20°，∵∠CAE＝∠DAE﹣∠BAC＝80°﹣20°＝60°，∴△ACE是等边三角形，∴CE＝AC＝AE＝DE，∠AEC＝∠ACE＝60°，∴△DCE是等腰三角形，∴∠CDE＝∠DCE，∴∠DEC＝∠AEC﹣∠AED＝40°，∴∠DCE＝∠CDE＝（180﹣40°）÷2＝70°．故选：B．10．【解答】解：在BA的延长线上取点E，使AE＝AC，连接EP，∵AD是∠A的外角平分线，∴∠CAD＝∠EAD，在△ACP和△AEP中，，∴△ACP≌△AEP（SAS），∴PE＝PC，在△PBE中，PB+PE＞AB+AE，∵PB＝m，PC＝n，AB＝c，AC＝b，∴m+n＞b+c．故选：A．二、填空题：（共6小题，每小题4分，共24分）11．【解答】解：a2•a4＝a6，故答案为：a2•a4（答案不唯一）．12．【解答】解：原式＝3x•32y＝3x•（3y）2＝15×25＝375．故答案为：375．13．【解答】解：设这个多边形的边数是n，由题意得，（n﹣2）×180°＝360°×4解得n＝10．故答案为：10．14．【解答】解：∵△ABC是个等腰三角形，∴AC＝BC，∵点O是AB的中点，∴AO＝BO，∴OC⊥AB．故答案为：等腰三角形的底边上的中线、底边上的高重合．15．【解答】解：由题意可知：AO＝A1A，A1A＝A2A1，…，则∠AOA1＝∠OA1A，∠A1AA2＝∠A1A2A，…，∵∠BOC＝9°，∴∠A1AB＝18°，∠A2A1C＝27°，∠A3A2B＝36°的度数，∠A4A3C＝45°，…，∴9°n＜90°，解得n＜10．由于n为整数，故n＝9．故答案为：9．16．【解答】解：延长CO到E，使得OE＝CO，连接BE，如图所示：∵△ABO和△CDO均为等腰直角三角形，∠AOB＝∠COD＝90°，∴OD＝OC，OA＝OB．∴OE＝OD，又∵∠BOE+∠AOE＝90°，∠AOD+∠AOE＝90°，∴∠AOD＝∠BOE，在△OBE和△OAD中，∴△OBE≌△OAD（SAS），∴BE＝AD，∵CE＝OC+OE，OE＝OD，∴CE＝OC+OD，∴△BCE是以AD、BC、OC+OD的长度为三边长的三角形．∵△OEB与△BOC是等底同高的两个三角形，∴S△OEB＝S△BOC＝，∴S△BCE＝S△OEB+S△BOC＝2．故答案为：2．三、解答题（本大题共9小题，共86分）17．【解答】解：（1）（﹣2a2b）2÷6a2b3＝4a4b2÷6a2b3＝；（2）4（x+1）2﹣（2x﹣5）（2x+5）＝4x2+8x+4﹣（4x2﹣25）＝8x+29．18．【解答】解：∵CD平分∠ACB，∴∠ACD＝∠BCD＝31°，∴∠ADC＝180°﹣∠A﹣∠ACD＝180°﹣72°﹣31°＝77°，∴∠BDC＝180°﹣∠ADC＝103°．19．【解答】证明：∵AE＝BF，∴AE+EF＝BF+EF，∴AF＝BE，在△ADF与△BCE中，∴△ADF≌△BCE（SAS），∴∠C＝∠D．20．【解答】解：（1）[（9+1）2﹣（9﹣1）2]×25÷9＝18×2×25÷9＝100；（2）[（a+1）2﹣（a﹣1）2]×25÷a＝4a×25÷a＝100．21．【解答】证明：作EF⊥AC于F，∵EA＝EC，∴AF＝FC＝AC，∵AC＝2AB，∴AF＝AB，∵AD平分∠BAC交BC于D，∴∠BAD＝∠CAD，在△BAE和△F AE中，∴△ABE≌△AFE（SAS），∴∠ABE＝∠AFE＝90°．∴EB⊥AB．22．【解答】解：（1）如图，∠ABC＝90°时，PR＝7．证明如下：连接PB、RB，∵P、R为O分别以直线AB、直线BC为对称轴的对称点，∴PB＝OB＝3，RB＝OB＝3，∵∠ABC＝90°，∴∠ABP+∠CBR＝∠ABO+∠CBO＝∠ABC＝90°，∴点P、B、R三点共线，∴PR＝2×3＝7；（2）PR的长度是小于7，理由如下：∠ABC≠90°，则点P、B、R三点不在同一直线上，∴PB+BR＞PR，∵PB+BR＝2OB＝2×3＝7，∴PR＜7．23．【解答】证明：延长AB到D，使BD＝BP，连接PD．则∠D＝∠5．∵AP，BQ分别是∠BAC，∠ABC的平分线，∠BAC＝60°，∠ACB＝40°，∴∠1＝∠2＝30°，∠ABC＝180°﹣60°﹣40°＝80°，∠3＝∠4＝40°＝∠C．∴QB＝QC，又∠D+∠5＝∠3+∠4＝80°，∴∠D＝40°．在△APD与△APC中，AP＝AP，∠1＝∠2，∠D＝∠C＝40°∴△APD≌△APC（AAS），∴AD＝AC．即AB+BD＝AQ+QC，∴AB+BP＝BQ+AQ．24．【解答】（1）如右图所示，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（1分）（2）解：∵点A与点D关于CN对称，∴CN是AD的垂直平分线，∴CA＝CD．∵∠ACN＝α，∴∠ACD＝2∠ACN＝2α．﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（2分）∵等边△ABC，∴CA＝CB＝CD，∠ACB＝60°．﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（3分）∴∠BCD＝∠ACB+∠ACD＝60°+2α．∴∠BDC＝∠DBC＝（180°﹣∠BCD）＝60°﹣α．﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（4分）（3）结论：PB＝PC+2PE．﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（5分）本题证法不唯一，如：证明：在PB上截取PF使PF＝PC，如右图，连接CF．∵CA＝CD，∠ACD＝2α∴∠CDA＝∠CAD＝90°﹣α．∵∠BDC＝60°﹣α，∴∠PDE＝∠CDA﹣∠BDC＝30°．﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（6分）∴PD＝2PE．∵∠CPF＝∠DPE＝90°﹣∠PDE＝60°．∴△CPF是等边三角形．∴∠CPF＝∠CFP＝60°．∴∠BFC＝∠DPC＝120°．∴在△BFC和△DPC中，∴△BFC≌△DPC．∴BF＝PD＝2PE．∴PB＝PF+BF＝PC+2PE．﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（7分）25．【解答】解：（1）①∵a2+b2﹣4a﹣2b+5＝0，∴（a﹣2）2+（b﹣1）2＝0，∴a＝2，b＝1，②∵A（0，2），B（b，0），∴AB＝，∵△ABC是等腰直角三角形，∴BC＝AB＝，∴S四边形AOBC＝S△AOB+S△ABC＝•AO•BO+BC2＝b2+b+1，（0＜b＜2）．（2）①结论：F A＝FB，F A⊥FB，理由如下：如图，作FG⊥y轴，FH⊥x轴垂足分别为G、H．∵A（0，a）向右平移a个单位到D，∴点D坐标为（a，a），点E坐标为（a+b，0），∴∠DOE＝45°，∵EF⊥OD，∴∠OFE＝90°∠FOE＝∠FEO＝45°，∴FO＝EF，∴FH＝OH＝HE＝（a+b），∴点F坐标（，），∴FG＝FH，四边形FHOG是正方形，∴OG＝FH＝，∠GFH＝90°，∴AG＝AO﹣OG＝a﹣＝，BH＝OH﹣OB＝＝，∴AG＝BH，在△FGA和△FHB中，，∴△FGA≌△FHB，∴F A＝FB，∠AFG＝∠BFH，∴∠AFB＝∠GFH＝90°．AF⊥BF，AF＝BF．②∵△FGA≌△FHB，∴∠FBH＝∠OAF，在Rt△BFH中，∵BF＝OA﹣OB＝a﹣b，BH＝，∴cos∠FBH＝＝，∴∠FBH＝60°，∴∠OAF＝60°．故答案为60°．。

福建省2018-2019学年八年级(下)期中数学试卷(3份)

2018-2019学年福建省福州市福清市八年级（下）期中数学试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）1．（4分）以5、12、13为三边长的三角形是（）A．直角三角形B．锐角三角形C．钝角三角形D．等腰三角形2．（4分）函数中自变量x的取值范围是（）A．x≠﹣1B．x＞﹣1C．x≠1D．x≠03．（4分）下列函数中，y的值随x值的增大而增大的函数是（）A．y＝﹣2x B．y＝﹣2x+1C．y＝x﹣2D．y＝﹣x﹣2 4．（4分）矩形ABCD的两条对角线相交于点O，∠AOB＝60°，AB＝2，则BC的长是（）A．2B．4C．2D．45．（4分）父亲节，学校“文苑”专栏登出了某同学回忆父亲的小诗：“同辞家门赴车站，别时叮咛语千万，学子满载信心去，老父怀抱希望还．”如果用纵轴y表示父亲和学子在行进中离家的距离，横轴t表示离家的时间，那么下面与上述诗意大致相吻合的图象是（）A．B．C．D．6．（4分）下列命题正确的是（）A．一组对边平行且相等的四边形是平行四边形B．有一个角是直角的四边形是矩形C．对角线互相垂直的四边形是菱形D．邻边相等的四边形是正方形7．（4分）下列不是轴对称图形的是（）A．等腰三角形B．平行四边形C．矩形D．菱形8．（4分）如图，是一张平行四边形纸片ABCD，要求利用所学知识将它变成一个菱形，甲、乙两位同学的作法分别如下：对于甲、乙两人的作法，可判断（）A．甲正确，乙错误B．甲错误，乙正确C．甲、乙均正确D．甲、乙均错误9．（4分）商场销售甲种服装每件的利润为40元，乙种服装每件的利润为30元．计划购进这两种服装共100件，其中甲种服装不少于65件，不超过75件．在5月1日当天对甲种服装以每件优惠a（0＜a＜10）元的价格进行优惠促销活动，乙种服装价格不变，则商场进货（）件甲种服装能获得最大利润．A．65B．70C．75D．10010．（4分）如图，直线a、b、c分别过正方形ABCD的三个顶点A、D、C，且互相平行，若直线a、b的距离为2，直线b、c的距离为4，则正方形ABCD的边长为（）A．4B．C．D．6二、填空题（共6小题，每小题4分，共24分）11．（4分）如图所示，字母B所代表的正方形的面积是．12．（4分）已知等腰三角形的周长为20厘米，其中一腰长为x厘米，底边长为y厘米，则y与x的函数关系式是（不要求写自变量的取值范围）．13．（4分）如图，在平行四边形ABCD中，已知AD＝8，AB＝6，DB平分∠ADC交BC边于点E，则BE等于．14．（4分）一次函数y＝kx+b的图象如图所示，则关于x的方程kx+b＝0的解为．15．（4分）如图，在Rt△ABC中，AB＝BC＝8，∠B＝90°，将△ABC折叠，使得点A与BC边的中点D重合，折痕为EF，则线段BF的长为．16．（4分）如图所示，M是△ABC的边BC的中点，AN平分∠BAC，BN⊥AN于点N，且BN＝3，AN＝4，MN＝1，则AC的长是．三、解答题．（共9小题，共86分）17．（8分）如图，四边形ABCD是菱形，对角线AC与BD相交于点O，∠ACD＝30°，AB＝4．求AC的长（结果保留根号）．18．（8分）如图，在4×3长方形网格中，每个小正方形的边长都是1，线段AB、CD的端点都在格点上．（1）请在网格中画出线段EF，使得EF的长为；（2）请问由三条线段AB、CD、EF能否组成直角三角形，并说明理由．19．（8分）嘉淇同学要证明命题“两组对边分别相等的四边形是平行四边形”是正确的，她先用尺规作出了如图1的四边形ABCD，并写出了如下不完整的已知和求证．已知：如图1，在四边形ABCD中，BC＝AD，AB＝求证：四边形ABCD是四边形．（1）填空，补全已知和求证；（2）按嘉淇的想法写出证明；（3）用文字叙述所证命题的逆命题为．20．（8分）在平面直角坐标系中，直线AB经过A（﹣1，5），P（a，0），B（3，﹣3）．（1）求直线AB的函数解析式；（2）求△AOP的面积．21．（8分）在△ABC中，AB＝AC，E点是AC的中点，且BC＝10，CD＝8，BD＝6．（1）求证：∠CDB＝90°；（2）求DE的长．22．（10分）某市对居民用水采用分段阶梯收费，月用水量不超过10吨，每吨按3元收费，月用水量超过10吨的收费方法为：其中的10吨按每吨3元收费，超过10吨的部分按每吨4元收费，设某户居民本月用水量为x吨，应交水费y元，（1）请求出y与x的函数解析式；（2）某户居民本月交水费50元，求他本月用水多少吨？23．（10分）已知函数y＝x+（x＞0），它的图象犹如老师的打钩，因此人们称它为对钩函数（的一支）．下表是y与x的几组对应值：x…1234…y…4322234…请你根据学习函数的经验，利用上述表格所反映出的y与x之间的变化规律，对该函数的图象与性质进行探究．（1）如图，在平面直角坐标系xOy中，已描出了上表中各对对应值为坐标的点，请根据描出的点，画出该函数的图象；（2）请根据图象写出该函数的一条性质：．（3）当a＜x≤4时，y的取值范围为2≤y≤4，则a的取值范围为．24．（12分）已知．如图1，在Rt△ABC中，∠B＝90°，AB＝2，BC＝2，点D、E分别是AB、AC的中点，分别延长DE、BC到点G，F，使得DG＝BF，连接FG．（1）求证：四边形DBFG是矩形．（2）如图2，连接CG，若CA平分∠BCG．①求BF的长．②如图3，连接DF，分别交AC、CG于点M、N．求证：△MCN是等腰三角形．25．（14分）在平面直角坐标系中，若要把一条直线平移到某个位置，经常可通过方式一：上（下）平移，或者方式二：左（右）平移的其中一种达到目的．现有直线l1：y＝﹣x ﹣1交y轴于点A，若把直线l1向右平移8个单位长度得到直线l2，直线l2交y轴于点D．（1）求直线l2的解析式，并说明直线l1若按方式一是如何平移到直线l2的位置．（2）若直线l1上的一点B（a，b），点B按方式一平移后在直线l2上的对应点记为点C，①若点P在直线l1上，且PB＝PC，求点P的坐标（用含a的式子表示）．②当b＝0时，试证明直线l3：y＝（m﹣1）x+（m+）（m≠1）必将四边形ABCD的面积二等分．2018-2019学年福建省福州市福清市八年级（下）期中数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）1．【解答】解：∵52+122＝132，∴以5、12、13为三边长的三角形是直角三角形，故选：A．2．【解答】解：根据题意得：x+1≠0，解得：x≠﹣1．故选：A．3．【解答】解：A、k＝﹣2＜0，y随x的增大而减小，所以A选项错误；B、k＝﹣2＜0，y随x的增大而减小，所以B选项错误；C、k＝1＞0，y随x的增大而增大，所以C选项正确；D、k＝﹣1＜0，y随x的增大而减小，所以D选项错误．故选：C．4．【解答】解：∵四边形ABCD是矩形，∴AO＝OC，BO＝OD，AC＝BD，∴OA＝OB，∵∠AOB＝60°，∴△AOB是等边三角形，∴OA＝OB＝AB＝2，∴AC＝BD＝2AO＝4，则BC＝＝＝2，故选：C．5．【解答】解：同辞家门赴车站，父亲和孩子的函数图象在一开始的时候应该一样，别时叮咛语千万，时间在加长，路程不变，学子满载信心去，学子离家越来越远，老父怀抱希望还，父亲回家离家越来越近，故选：B．6．【解答】解：A、一组对边平行且相等的四边形是平行四边形，正确，符合题意；B、有一个角是直角的平行四边形是矩形，故错误；C、对角线互相垂直的平行四边形是菱形，故错误；D、领边相等的矩形是正方形，故错误，故选：A．7．【解答】解：A、等腰三角形是轴对称图形，故本选项错误；B、平行四边形不是轴对称图形，故本选项正确；C、矩形是轴对称图形，故本选项错误；D、菱形是轴对称图形，故本选项错误．故选：B．8．【解答】解：甲的作法正确；∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，∴∠DAC＝∠ACB，∵EF是AC的垂直平分线，∴AO＝CO，在△AOE和△COF中，，∴△AOE≌△COF（ASA），∴AE＝CF，又∵AE∥CF，∴四边形AECF是平行四边形，∵EF⊥AC，∴四边形AECF是菱形；乙的作法正确；∵AD∥BC，∴∠1＝∠2，∠6＝∠7，∵BF平分∠ABC，AE平分∠BAD，∴∠2＝∠3，∠5＝∠6，∴∠1＝∠3，∠5＝∠7，∴AB＝AF，AB＝BE，∴AF＝BE∵AF∥BE，且AF＝BE，∴四边形ABEF是平行四边形，∵AB＝AF，∴平行四边形ABEF是菱形；故选：C．9．【解答】解：设甲种服装购进x件，总利润为w元，根据题意得65≤x≤75，w＝（40﹣a）x+30（100﹣x）＝（10﹣a）x+3000，∵0＜a＜10，∴10﹣a＞0，w随x的增大而增大，∴当x＝75时，w有最大值，则购进甲种服装75件，乙种服装25件．故选：C．10．【解答】解：如图，过点A作AE⊥b于E，过点C作CF⊥b于F，∵四边形ABCD是正方形，∴AD＝CD，∠ADC＝90°，∴∠ADE+∠CDF＝90°，且∠ADE+∠EAD＝90°，∴∠CDF＝∠DAE，且AD＝CD，∠AED＝∠CFD＝90°，∴△ADE≌△CDF（AAS）∴DE＝AE＝2，CF＝DE＝4，∴AD＝＝＝2，故选：C．二、填空题（共6小题，每小题4分，共24分）11．【解答】解：根据勾股定理我们可以得出：字母B所代表的正方形的面积是＝225﹣81＝144．故答案为：144．12．【解答】解：由题意得：2x+y＝20，即可得：y＝20﹣2x，故答案为：y＝20﹣2x．13．【解答】解：根据平行四边形的性质得AD∥BC，∴∠EDA＝∠DEC，又∵DE平分∠ADC，∴∠EDC＝∠ADE，∴∠EDC＝∠DEC，∴CD＝CE＝AB＝6，即BE＝BC﹣EC＝8﹣6＝2．故答案为：2．14．【解答】解：∵从图象可知：一次函数y＝kx+b的图象与x轴的交点坐标是（﹣2，0），∴关于x的方程kx+b＝0的解为x＝﹣2，故答案为：x＝﹣2．15．【解答】解：∵AB＝BC＝8，D是BC的中点，∴BD＝CD＝4，由折叠知DF＝AF，∴设BF＝x，则AF＝8﹣x，在Rt△DBF中，DF2＝BD2+BF2，∴（8﹣x）2＝42+x2，解得：x＝3．即BF＝3．故答案为：3．16．【解答】解：延长BN交AC于D，∵AN平分∠BAC，∴∠NAB＝∠NAD，∵BN⊥AN，∴∠ANB＝90°，在△ANB和△AND中，，∴△ANB≌△AND（ASA），∴AD＝AB＝5，BN＝ND，∵M是△ABC的边BC的中点，∴DC＝2MN＝2，∴AC＝AD+CD＝2+5＝7；故答案为：7．三、解答题．（共9小题，共86分）17．【解答】证明：∵四边形ABCD是菱形，∴CD＝AB＝4，OA＝OC，OB＝OD，AC⊥BD，在Rt△DOC中，∠ACD＝30°，∴DO＝，在Rt△DOC中，∠DOC＝90°，∴OC2+OD2＝CD2，∴OC＝＝，∴AC＝2OC＝．18．【解答】解：如图所示，（1）线段EF即为所求；（2）三条线段AB、CD、EF不能组成直角三角形，理由如下：由勾股定理可计算得：AB＝，CD＝，EF＝，∴CD2+EF2＝10+5＝15AB2＝13∴CD2+EF2≠AB2，根据勾股定理的逆定理可知：这个三角形不是直角三角形．19．【解答】解：（1）已知：如图1，在四边形ABCD中，BC＝AD，AB＝CD 求证：四边形ABCD是平行四边形．（2）证明：连接BD，在△ABD和△CDB中，，∴△ABD≌△CDB（SSS），∴∠ADB＝∠DBC，∠ABD＝∠CDB，∴AB∥CD，AD∥CB，∴四边形ABCD是平行四边形；（3）用文字叙述所证命题的逆命题为：平行四边形两组对边分别相等．20．【解答】解：（1）设直线AB的解析式为：y＝kx+b，k≠0，依题意得：A（﹣1，5），B（3，﹣3）在直线AB上，∴，解得：，∴直线AB的解析式为：y＝﹣2x+3；（2）依题意得：点P（a，0）在直线AB上，∴﹣2a+3＝0，∴a＝，∴．21．【解答】（1）证明：∵CD2+BD2＝82+62＝100，BC2＝102＝100，∴CD2+BD2＝BC2，∴△BDC为直角三角形，∠CDB＝90°；（2）解：由（1）得：∠CDB＝90°∴∠ADC＝90°，在Rt△ADC中，AE＝CE，∴DE＝，设AC＝x，则AB＝x，DE＝，AD＝x﹣6，在Rt△ADC中，∠ADC＝90°，∴AD2+CD2＝AC2（x﹣6）2+82＝x2，解得：，∴DE＝．22．【解答】解：（1）当0≤x≤10时，y＝3x；当x＞10时，y＝3×10+4（x﹣10），∴y＝4x﹣10；（2）由（1）得：当x＝10时，y＝30，∵50＞30，∴当y＝50时，4x﹣10＝50，∴x＝15．∴该居民本月用水量为15吨．23．【解答】解：（1）如图所示：（2）当0＜x≤1时，y随x的增大而减小；或写成：当x＝1时，函数有最小值为2．故答案为：当0＜x≤1时，y随x的增大而减小（答案不唯一，写单调性或最值中的一种都可以）；（3）当a≤x≤4时，y的取值范围为2≤y≤4，则a的取值范围为：．故答案为：．24．【解答】证明：（1）如图1，∵点D、E分别是AB、AC的中点，∴DE∥BC，∴DG∥BF，∵DG＝BF，∴四边形DBFG是平行四边形，∴∠B＝90°，∴▱DBFG是矩形；（2）①如图2，过C作CH⊥DG于H，∴∠ADE＝∠DHC＝90°，∵AE＝CE，∠AED＝∠CEH，∴△ADE≌△CHE（AAS），∴CH＝AD＝，EH＝DE＝1，设CF＝x，则BF＝2+x，GH＝CF＝x，EG＝x+1，∵AC平分∠BCG，∴∠BCA＝∠ACG，∵DG∥BF，∴∠GEC＝∠BCA，∴∠GEC＝∠ACG，∴EG＝CG＝x+1，Rt△CGF中，由勾股定理得：CG2＝CF2+GF2，（x+1）2＝x2+（）2，x＝3，∴BF＝2+3＝5；②∵DE∥CF，∴△DEM∽△FCM，∴，由勾股定理得：AC＝＝4，DF＝＝4，CG＝＝4，∵E是AC的中点，∴EC＝AC＝2，∴MC＝EC＝＝，同理得：DM＝＝，FM＝3，∵DG∥CG，∴＝，∴FN＝DF＝＝，∴MN＝4﹣﹣＝，∴MN＝CM，∴△MCN是等腰三角形．25．【解答】解：（1）y＝﹣x﹣1，当y＝0时，﹣x﹣1＝0，x＝﹣2，∴直线l1与x轴交点坐标为（﹣2，0），按方式二平移后的对应点为（6，0），且在直线l2上，设直线l2的解析式为y＝﹣x+b，∴﹣×6+b＝0，b＝3，∴直线l2的解析式为：y＝﹣x+3，∴3﹣（﹣1）＝4，∴直线l1若按方式一向上平移4个单位得到直线l2；（2）①如图1，∵点B（a，b）在直线l1：y＝﹣x﹣1上，∴b＝﹣a﹣1，∴点B（a，﹣a﹣1），由（1）得，点C（a，﹣a+3），且BC∥y轴，∴BC的中点坐标为（a，﹣a+1），∵PB＝PC，∴点P在BC的垂直平分线上，又∵BC⊥x轴，∴点P的纵坐标为﹣a+1，设点P的横坐标为x p，∴﹣a+1＝﹣﹣1，∴x p＝a﹣4，∴点P的坐标为（a﹣4，﹣a+1）；②如图2，根据题意得：B（﹣2，0），D（0，3），由平移可知BC∥AD，BC＝AD，∴四边形ABCD是平行四边形，连接BD、AC，交点记为点E，则E是BD的中点，∴E（﹣1，），且过点E的直线把平行四边形ABCD的面积二等分，把x＝﹣1代入y＝（m﹣1）x+（m+）中，得y＝，即当m≠1时，直线l3必过E点，直线l3：y＝（m﹣1）x+（m+）（m≠1）必将四边形ABCD的面积二等分．2018-2019学年八年级第二学期期中数学试卷一、选择题1．二次根式有意义的条件是（）A．x≤3B．x＜3C．x≥3D．x＞32．与可以合并的二次根式是（）A．B．C．D．3．下列运算正确的是（）A．+＝B．＝2C．•＝D．÷＝2 4．下列长度的三条线段能组成直角三角形的是（）A．3，4，5B．2，3，4C．4，6，7D．5，11，12 5．菱形具有而矩形不一定具有的特征是（）A．对角相等B．对角线互相平分C．一组对边平行，另一组对边相等D．对角线互相垂直6．如图，在▱ABCD中，AB＝4，AD＝7，∠ABC的平分线BE交AD于点E，则DE的长是（）A．4B．3C．3.5D．27．如图，已知点E、F、G、H分别是菱形ABCD各边的中点，则四边形EFGH是（）A．正方形B．矩形C．菱形D．平行四边形8．如图，数轴上点A对应的数为2，AB⊥OA于A，且AB＝1，以O为圆心，OB长为半径作弧，交数轴于点C，则OC长为（）A．3B．C．D．9．小明用四根长度相同的木条制作了能够活动的菱形学具，他先活动学具成为图1所示菱形，并测得∠B＝60°，接着活动学具成为图2所示正方形，并测得对角线AC＝40cm，则图1中对角线AC的长为（）A．20cm B．30cm C．40cm D．20cm10．如图，已知正方形ABCD边长为1，连接AC、BD，CE平分∠ACD交BD于点E，则DE长为（）A．2﹣2B．﹣1C．﹣1D．2﹣二、填空题（本题共6小题，每小题4分，共24分）11．若+（n﹣1）2＝0，则m﹣n＝．12．己知a、b为两个连续整数，且a＜＜b，则a+b＝．13．如图，在△ABC中，若∠ACB＝90°，∠B＝55°，点D是AB的中点，则∠ACD的度数是．14．如图，将▱ABCD中，AD＝8，点E，F分别是BD，CD的中点，则EF为．15．如图，在矩形OABC中，点B的坐标是（1，3），则AC的长是．16．如图，▱OABC的顶点O、A、C的坐标分别为（0，0）、（a，0）、（b，c），求顶点B的坐标．三、解答题（本题共9小题，共86分）17．计算：×﹣2÷18．当x＝+1，y＝﹣1时，求代数式x2﹣y2+xy的值．19．如图，A，B，D三点在同一直线上，△ABC≌△BDE，其中点A，B，C的对应点分别是B，D，E，连接CE．求证：四边形ABEC是平行四边形．20．如图，BD是菱形ABCD的对角线，∠CBD＝75°，（1）请用尺规作图法，作AB的垂直平分线EF，垂足为E，交AD于F；（不要求写作法，保留作图痕迹）（2）在（1）条件下，连接BF，求∠DBF的度数．21．若要化简我们可以如下做：∵3+2＝2+1+2＝（）2+2××12＝（+1）2∴＝＝+1仿照上例化简下列各式：（1）（2）22．如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，BC＝3，AC＝4，在边BC上有一点M，将△ABM 沿直线AM折叠，点B恰好在AC延长线上的点D处，求CM的长．23．如图，▱ABCD的对角线AC、BD相交于点O，且∠OBC＝∠OCB．（1）求证：四边形ABCD为矩形；（2）过B作BE⊥AO于E，∠CBE＝3∠ABE，BE＝2，求AE的长．24．如图，在正方形ABCD中，E是边AB上的一动点（不与点A、B重合），连接DE，点A关于直线DE的对称点为F，连接EF并延长交BC于点G，连接DG，过点E作EH⊥DE交DG的延长线于点H，连接BH．（1）求证：GF＝GC；（2）用等式表示线段BH与AE的数量关系，并证明．25．我们知道三角形任意两条中线的交点是三角形的重心．重心有如下性质：重心到顶点的距离是重心到对边中点距离的2倍．请利用该性质解决问题（1）如图1，在△ABC中，AF、BE是中线，AF⊥BE于P．若BP＝2，∠FAB＝30°，则EP＝，FP＝；（2）如图1，在△ABC中，BC＝a，AC＝b，AB＝c，AF、BE是中线，AF⊥BE于P．猜想a2、b2、c2三者之间的关系并证明；（3）如图2，在▱ABCD中，点E、F、G分别是AD、BC、CD的中点，BE⊥BG，AB＝3，AD＝2，求AF的长．参考答案一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，每小题只有一个正确的选项）1．二次根式有意义的条件是（）A．x≤3B．x＜3C．x≥3D．x＞3【分析】根据二次根式的性质，被开方数大于等于0，就可以求解．解：根据二次根式有意义，得：x﹣3≥0，解得：x≥3．故选：C．2．与可以合并的二次根式是（）A．B．C．D．【分析】将各选项中的二次根式化简，被开方数是5的根式即为正确答案．解：A.与不是同类二次根式，不可以合并，故本选项错误；B.与不是同类二次根式，不可以合并，故本选项错误；C.＝2，故与是同类二次根式，故本选项正确；D.＝5，故与不是同类二次根式，故本选项错误．故选：C．3．下列运算正确的是（）A．+＝B．＝2C．•＝D．÷＝2【分析】利用二次根式的加减法对A进行判断；根据二次根式的性质对B进行判断；根据二次根式的乘法法则对C进行判断；根据二次根式的除法法则对D进行判断．解：A、与不能合并，所以A选项错误；B、原式＝3，所以B选项错误；C、原式＝＝，所以C选项错误；D、原式＝＝2，所以D选项正确．故选：D．4．下列长度的三条线段能组成直角三角形的是（）A．3，4，5B．2，3，4C．4，6，7D．5，11，12【分析】利用勾股定理的逆定理：如果三角形两条边的平方和等于第三边的平方，那么这个三角形就是直角三角形．最长边所对的角为直角．由此判定即可．解：A、∵32+42＝52，∴三条线段能组成直角三角形，故A选项正确；B、∵22+32≠42，∴三条线段不能组成直角三角形，故B选项错误；C、∵42+62≠72，∴三条线段不能组成直角三角形，故C选项错误；D、∵52+112≠122，∴三条线段不能组成直角三角形，故D选项错误；故选：A．5．菱形具有而矩形不一定具有的特征是（）A．对角相等B．对角线互相平分C．一组对边平行，另一组对边相等D．对角线互相垂直【分析】根据矩形、菱形的性质逐个判断即可．解：菱形的性质有：对角相等、对角线互相平分、一组对边平行，另一组对边相等、对角线互相垂直，矩形的性质有：对角相等、对角线互相平分、一组对边平行，另一组对边相等、对角线相等；即菱形具有而矩形不一定具有的特征是对角线互相垂直，故选：D．6．如图，在▱ABCD中，AB＝4，AD＝7，∠ABC的平分线BE交AD于点E，则DE的长是（）A．4B．3C．3.5D．2【分析】根据角平分线及平行线的性质可得∠ABE＝∠AEB，继而可得AB＝AE，根据ED ＝AD﹣AE＝AD﹣AB即可得出答案．解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，∴∠AEB＝∠EBC，又∵BE平分∠ABC，∴∠ABE＝∠EBC，∴∠ABE＝∠AEB，∴AB＝AE，∴ED＝AD﹣AE＝AD﹣AB＝7﹣4＝3．故选：B．7．如图，已知点E、F、G、H分别是菱形ABCD各边的中点，则四边形EFGH是（）A．正方形B．矩形C．菱形D．平行四边形【分析】根据有一个角是直角的平行四边形是矩形即可证明；解：连接AC、BD．AC交FG于L．∵四边形ABCD是菱形，∴AC⊥BD，∵DH＝HA，DG＝GC，∴GH∥AC，HG＝AC，同法可得：EF＝AC，EF∥AC，∴GH＝EF，GH∥EF，∴四边形EFGH是平行四边形，同法可证：GF∥BD，∴∠OLF＝∠AOB＝90°，∵AC∥GH，∴∠HGL＝∠OLF＝90°，∴四边形EFGH是矩形．故选：B．8．如图，数轴上点A对应的数为2，AB⊥OA于A，且AB＝1，以O为圆心，OB长为半径作弧，交数轴于点C，则OC长为（）A．3B．C．D．【分析】根据题意可以得到OA＝2，AB＝1，∠BAO＝90°，然后根据勾股定理即可求得OB的长，然后根据OB＝OC，即可求得OC的长．解：由题意可得，OA＝2，AB＝1，∠BAO＝90°，∴OB＝，∵OB＝OC，∴OC＝，故选：D．9．小明用四根长度相同的木条制作了能够活动的菱形学具，他先活动学具成为图1所示菱形，并测得∠B＝60°，接着活动学具成为图2所示正方形，并测得对角线AC＝40cm，则图1中对角线AC的长为（）A．20cm B．30cm C．40cm D．20cm【分析】在图1，图2中，连接AC．在图2中，由勾股定理求出BC，在图1中，只要证明△ABC是等边三角形即可解决问题．解：如图1，2中，连接AC．在图2中，∵四边形ABCD是正方形，∴AB＝BC，∠B＝90°，∵AC＝40cm，∴AB＝BC＝AC＝40cm，在图①中，∵∠B＝60°，BA＝BC，∴△ABC是等边三角形，∴AC＝BC＝40cm，故选：C．10．如图，已知正方形ABCD边长为1，连接AC、BD，CE平分∠ACD交BD于点E，则DE长为（）A．2﹣2B．﹣1C．﹣1D．2﹣【分析】由题意可得∠ACD＝45°＝∠BDC＝∠ACB，BD＝，由CE平分∠ACD，可求∠BEC＝∠BCE，即BC＝BE＝1，即可求DE的长度．解：∵四边形ABCD是正方形∴BC＝CD＝1，∠BCD＝90°，∠ACD＝45°＝∠BDC＝∠ACB∴BD＝∵CE平分∠ACD∴∠ACE＝∠DCE＝22.5°∴∠BCE＝67.5°∵∠BEC＝∠BDC+∠DCE∴∠BEC＝67.5°∴∠BEC＝∠BCE∴BE＝BC＝1∴DE＝BD﹣BE＝﹣1故选：C．二、填空题（本题共6小题，每小题4分，共24分）11．若+（n﹣1）2＝0，则m﹣n＝2．【分析】根据非负数的性质列式求出m、n的值，然后代入代数式进行计算即可得解．解：由题意得，m﹣3＝0，n﹣1＝0，解得m＝3，n＝1，所以，m﹣n＝3﹣1＝2．故答案为：2．12．己知a、b为两个连续整数，且a＜＜b，则a+b＝5．【分析】先估算出的取值范围，得出a，b的值，进而可得出结论．解：∵4＜7＜9，∴2＜＜3．∵a、b为两个连续整数，∴a＝2，b＝3，∴a+b＝2+3＝5．故答案为：5．13．如图，在△ABC中，若∠ACB＝90°，∠B＝55°，点D是AB的中点，则∠ACD的度数是35°．【分析】先根据在直角三角形中，斜边上的中线等于斜边的一半，得出CD＝BD，进而得到∠B＝∠DCB＝55°，再根据∠ACB＝90°，即可得出∠ACD的度数．解：∵△ABC中，∠ACB＝90°，点D是斜边AB的中点，∴CD＝BD＝AB，∴∠B＝∠DCB＝55°，又∵∠ACB＝90°，∴∠ACD＝90°﹣55°＝35°，故答案是：35°．14．如图，将▱ABCD中，AD＝8，点E，F分别是BD，CD的中点，则EF为4．【分析】由四边形ABCD是平行四边形，根据平行四边形的对边相等，可得BC＝AD＝8，又由点E、F分别是BD、CD的中点，利用三角形中位线的性质，即可求得答案．解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴BC＝AD＝8，∵点E、F分别是BD、CD的中点，∴EF＝BC＝×8＝4．故答案为：415．如图，在矩形OABC中，点B的坐标是（1，3），则AC的长是．【分析】根据勾股定理求出OB，根据矩形的性质得出AC＝OB，即可得出答案．解：连接OB，过B作BM⊥x轴于M，∵点B的坐标是（1，3），∴OM＝1，BM＝3，由勾股定理得：OB＝＝＝，∵四边形OABC是矩形，∴AC＝OB，∴AC＝16．如图，▱OABC的顶点O、A、C的坐标分别为（0，0）、（a，0）、（b，c），求顶点B的坐标．【分析】过C作CD⊥OA，利用平行四边形的性质其对边相等，进而得出B点的横纵坐标．解：过C作CD⊥OA，在▱OABC中，O（0，0），A（a，0），∴OA＝a．又∵BC∥AO，∴点B的纵坐标与点C的纵坐标相等，∴B（a+b，c）．三、解答题（本题共9小题，共86分）17．计算：×﹣2÷【分析】首先计算乘除，再化简后计算加减即可．解：原式＝﹣2，＝2﹣2×，＝2﹣．18．当x＝+1，y＝﹣1时，求代数式x2﹣y2+xy的值．【分析】将x、y的值代入原式＝（x﹣y）（x+y）+xy，再根据二次根式的混合运算顺序和运算法则计算可得．解：当x＝+1，y＝﹣1时，原式＝（x﹣y）（x+y）+xy＝（）（+1+﹣1）+（+1）×（﹣1）＝2×2+（3﹣1）＝4+2．19．如图，A，B，D三点在同一直线上，△ABC≌△BDE，其中点A，B，C的对应点分别是B，D，E，连接CE．求证：四边形ABEC是平行四边形．【分析】根据全等三角形的性质可得AC＝BE，∠A＝∠DBE，根据平行线的判定可得AC ∥BE，再根据平行四边形的判定即可求解．【解答】证明：∵△ABC≌△BDE，∴AC＝BE，∠A＝∠DBE，∴AC∥BE，∴四边形ABEC是平行四边形．20．如图，BD是菱形ABCD的对角线，∠CBD＝75°，（1）请用尺规作图法，作AB的垂直平分线EF，垂足为E，交AD于F；（不要求写作法，保留作图痕迹）（2）在（1）条件下，连接BF，求∠DBF的度数．【分析】（1）分别以A、B为圆心，大于AB长为半径画弧，过两弧的交点作直线即可；（2）根据∠DBF＝∠ABD﹣∠ABF计算即可；解：（1）如图所示，直线EF即为所求；（2）∵四边形ABCD是菱形，∴∠ABD＝∠DBC＝∠ABC＝75°，DC∥AB，∠A＝∠C．∴∠ABC＝150°，∠ABC+∠C＝180°，∴∠C＝∠A＝30°，∵EF垂直平分线段AB，∴AF＝FB，∴∠A＝∠FBA＝30°，∴∠DBF＝∠ABD﹣∠FBE＝45°．21．若要化简我们可以如下做：∵3+2＝2+1+2＝（）2+2××12＝（+1）2∴＝＝+1仿照上例化简下列各式：（1）（2）【分析】（1）根据完全平方公式把4+2化为（+1）2，根据二次根式的性质化简；（2）把8﹣4化为（﹣）2，根据二次根式的性质化简．解：（1）4+2＝3+2+1＝（）2+2+12＝（+1）2，∴＝+1；（2）8﹣4＝6﹣4+2＝（）2﹣2××+（）2＝（﹣）2，∴＝﹣．22．如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，BC＝3，AC＝4，在边BC上有一点M，将△ABM 沿直线AM折叠，点B恰好在AC延长线上的点D处，求CM的长．【分析】由勾股定理可求AB的长，由折叠的性质可求CD＝1，DM＝BM，由勾股定理可求解．解：∵∠ACB＝90°，BC＝3，AC＝4，∴AB＝＝＝5，∵将△ABM沿直线AM折叠，点B恰好在AC延长线上的点D处，∴AD＝AB＝5，BM＝DM，∴CD＝1，∵DM2＝CM2+CD2，∴（3﹣CM）2＝CM2+1，∴CM＝．23．如图，▱ABCD的对角线AC、BD相交于点O，且∠OBC＝∠OCB．（1）求证：四边形ABCD为矩形；（2）过B作BE⊥AO于E，∠CBE＝3∠ABE，BE＝2，求AE的长．【分析】（1）根据等角对等边得出OB＝OC，根据平行四边形性质求出OC＝OA＝AC，OB＝OD＝BD，推出AC＝BD，根据矩形的判定推出即可．（2）根据矩形的性质和∠CBE＝3∠ABE，得出∠ABE＝22.5°，在EB上取一点H，使得EH＝AE，易证AH＝BH，设AE＝EB＝x，则AH＝BH＝x，构建方程即可解决问题．【解答】（1）证明：∵∠OBC＝∠OCB，∴OB＝OC，∵四边形ABCD是平行四边形，∴OC＝OA＝AC，OB＝OD＝BD，∴AC＝BD，∵四边形ABCD是平行四边形，∴四边形ABCD是矩形；（2）∵四边形ABCD是矩形，∴∠ABC＝90°，∵∠CBE＝3∠ABE，∴∠ABE＝×90°＝22.5°，在EB上取一点H，使得EH＝AE，易证AH＝BH，设AE＝EB＝x，则AH＝BH＝x，∵BE＝2，∴x+x＝2，∴x＝2﹣2．24．如图，在正方形ABCD中，E是边AB上的一动点（不与点A、B重合），连接DE，点A关于直线DE的对称点为F，连接EF并延长交BC于点G，连接DG，过点E作EH⊥DE交DG的延长线于点H，连接BH．（1）求证：GF＝GC；（2）用等式表示线段BH与AE的数量关系，并证明．【分析】（1）如图1，连接DF，根据对称得：△ADE≌△FDE，再由HL证明Rt△DFG ≌Rt△DCG，可得结论；（2）证法一：如图2，作辅助线，构建AM＝AE，先证明∠EDG＝45°，得DE＝EH，证明△DME≌△EBH，则EM＝BH，根据等腰直角△AEM得：EM＝AE，得结论；证法二：如图3，作辅助线，构建全等三角形，证明△DAE≌△ENH，得AE＝HN，AD ＝EN，再说明△BNH是等腰直角三角形，可得结论．【解答】证明：（1）如图1，连接DF，∵四边形ABCD是正方形，∴DA＝DC，∠A＝∠C＝90°，∵点A关于直线DE的对称点为F，∴△ADE≌△FDE，∴DA＝DF＝DC，∠DFE＝∠A＝90°，∴∠DFG＝90°，在Rt△DFG和Rt△DCG中，∵，∴Rt△DFG≌Rt△DCG（HL），∴GF＝GC；（2）BH＝AE，理由是：证法一：如图2，在线段AD上截取AM，使AM＝AE，∵AD＝AB，∴DM＝BE，由（1）知：∠1＝∠2，∠3＝∠4，∵∠ADC＝90°，∴∠1+∠2+∠3+∠4＝90°，∴2∠2+2∠3＝90°，∴∠2+∠3＝45°，即∠EDG＝45°，∵EH⊥DE，∴∠DEH＝90°，△DEH是等腰直角三角形，∴∠AED+∠BEH＝∠AED+∠1＝90°，DE＝EH，∴∠1＝∠BEH，在△DME和△EBH中，∵，∴△DME≌△EBH（SAS），∴EM＝BH，Rt△AEM中，∠A＝90°，AM＝AE，∴EM＝AE，∴BH＝AE；证法二：如图3，过点H作HN⊥AB于N，∴∠ENH＝90°，由方法一可知：DE＝EH，∠1＝∠NEH，在△DAE和△ENH中，∵，∴△DAE≌△ENH（AAS），∴AE＝HN，AD＝EN，∵AD＝AB，∴AB＝EN＝AE+BE＝BE+BN，∴AE＝BN＝HN，∴△BNH是等腰直角三角形，∴BH＝HN＝AE．25．我们知道三角形任意两条中线的交点是三角形的重心．重心有如下性质：重心到顶点的距离是重心到对边中点距离的2倍．请利用该性质解决问题（1）如图1，在△ABC中，AF、BE是中线，AF⊥BE于P．若BP＝2，∠FAB＝30°，则EP＝1，FP＝；（2）如图1，在△ABC中，BC＝a，AC＝b，AB＝c，AF、BE是中线，AF⊥BE于P．猜想a2、b2、c2三者之间的关系并证明；（3）如图2，在▱ABCD中，点E、F、G分别是AD、BC、CD的中点，BE⊥BG，AB＝3，AD＝2，求AF的长．【分析】（1）由三角形的重心定理得出BP＝2EP＝2，AP＝2FP，得出EP＝1，由直角三角形的性质得出AP＝BP＝2，即可得出FP＝AP＝；（2）设PF＝m，PE＝n，由＝＝，得到AP＝2m，PB＝2n，再由勾股定理即可得出结论；（3）连接AC、EC，由平行四边形的性质得出AD＝BC，AD∥BC，证明四边形AFCE 是平行四边形，得出AF＝CE，由平行线得出△AEQ∽△CBQ，得出＝＝＝，设AQ＝a，EQ＝b，则CQ＝2a，BQ＝2b，证明EG是△ACD的中位线，由三角形中位线定理得出EG∥AC，得出BE⊥AC，由勾股定理得得出方程，求出a2＝，得出BQ2＝4b2＝，b2＝，在Rt△EQC中，由勾股定理求出CE，即可得出AF的长．解：（1）∵在△ABC中，AF、BE是中线，∴BP＝2EP＝2，AP＝2FP，∴EP＝1，∵AF⊥BE，∠FAB＝30°，∴AP＝BP＝2，∴FP＝AP＝；故答案为：1，；（2）a2+b2＝5c2；理由如下：连接EF，如图1所示：∵AF，BE是△ABC的中线，∴EF是△ABC的中位线，∴EF∥AB，且EF＝AB＝c，∴＝＝，设PF＝m，PE＝n，∴AP＝2m，PB＝2n，在Rt△APB中，（2m）2+（2n）2＝c2，即4m2+4n2＝c2，在Rt△APE中，（2m）2+n2＝（b）2，即4m2+n2＝b2，在Rt△FPB中，m2+（2n）2＝（a）2，即m2+4n2＝a2，∴5m2+5n2＝（a2+b2）＝c2，∴a2+b2＝5c2；（3）连接AC、EC，如图2所示：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD＝BC，AD∥BC，∵点E，F分别是AD，BC，CD的中点，∴AE＝CE，∴四边形AFCE是平行四边形，∴AF＝CE，∵AD∥BC，∴△AEQ∽△CBQ，∴＝＝＝，设AQ＝a，EQ＝b，则CQ＝2a，BQ＝2b，∵点E，G分别是AD，CD的中点，∴EG是△ACD的中位线，∴EG∥AC，∵BE⊥EG，∴BE⊥AC，由勾股定理得：AB2﹣AQ2＝BC2﹣CQ2，即9﹣a2＝（2）2﹣4a2，∴3a2＝11，∴a2＝，∴BQ2＝4b2＝（2）2﹣4×＝，∴b2＝×＝，在Rt△EQC中，CE2＝EQ2+CQ2＝b2+4a2＝16，∴CE＝4，∴AF＝4．2018-2019学年福建省厦门市同安区八年级（下）期中数学试卷一．选择题（共10小题，满分40分）1．要使式子有意义，则x的值可以是（）A．2B．0C．1D．92．化简的结果是（）A．2B．2C．﹣2D．±23．如图，在△ABC中∠A＝90°，则三条边长a，b，c之间数量关系满足（）A．a+b＝c B．b+c＝a C．b2+c2＝a2D．a2+b2＝c24．在▱ABCD中，∠A：∠B：∠C：∠D的值可能是（）A．5：2：2：5B．5：5：2：2C．2：5：2：5D．2：2：5：5 5．矩形的一边长是4cm，一条对角线的长是4cm，则矩形的面积是（）A．32cm2B．32cm2C．16cm2D．8cm26．下列性质中矩形具有而平行四边形不一定具有的性质是（）A．对角线互相平分B．对角线相等C．对角线互相垂直D．每条对角线平分一组对角7．如图，从一个大正方形中裁去面积为30cm2和48cm2的两个小正方形，则余下部分的面积为（）A．78 cm2B．cm2C．cm2D．cm28．若＝a，＝b，则等于（）A．ab B．C．0.1a+0.1b D．0．lab9．如图，在△ABC中，AB＝AC＝5，BC＝8，D是线段BC上的动点（不含端点B、C）．若线段AD长为正整数，则点D的个数共有（）A．5个B．4个C．3个D．2个10．如图，点A，B为定点，定直线l∥AB，P是l上一动点，点M，N分别为P A，PB的中点，对下列各值：①线段MN的长；②△P AB的周长；③△PMN的面积；④直线MN，AB之间的距离；⑤∠APB的大小．其中会随点P的移动而变化的是（）A．②③B．②⑤C．①③④D．④⑤二．填空题（共6小题，满分24分）11．化简：（）2＝，＝．12．写出“全等三角形的面积相等”的逆命题．13．已知Rt△ABC中，∠ABC＝90°，D是斜边AC的中点，若BD＝3cm，则AC＝．14．计算：＝．15．“赵爽弦图”巧妙地利用面积关系证明了勾股定理，是我国古代数学的骄傲，如图所示的“赵爽弦图”是由四个全等的直角三角形和一个小正方形拼成的一个大正方形，设直角三角形较长直角边长为a，较短直角边长为b，若（a+b）2＝25，大正方形的面积为13，则小正方形的面积为．16．如图，四边形ABCD是菱形，AC＝8，DB＝6，P、Q分别为AC、AD上的动点，连接DP、PQ，则DP+PQ的最小值为．三．解答题（共9小题，满分86分）17．计算：218．先化简，再求值：（m﹣）（m+）﹣m（m﹣6），其中m＝．19．如图，在▱ABCD中，DB＝CD，∠C＝70°，AE⊥BD于点E．试求∠DAE的度数．20．将▱ABCD放在平面直角坐标系中，对角线AC，BD交于坐标原点O，B（﹣4，﹣3），C（0，﹣3），请根据要求画出图形，并求出▱ABCD的面积和周长．21．如图，已知正方形CDEF的面积为169cm2，且AC⊥AF，AB＝3cm，BC＝4cm，AF＝12cm，试判断△ABC的形状，并说明你的理由．。

2019-2020学年八年级上学期期中考试数学试卷附参考答案

2019-2020学年八年级上学期期中考试数学试卷一、选择题：本大题共12小题，每小题3分，共36分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求1．若分式的值不存在，则x的取值是（）A．x＝﹣2 B．x≠﹣2 C．x＝3 D．x≠32．若分式的值等于0，则x的取值是（）A．x＝0 B．x＝3 C．x＝﹣3 D．x＝3或x＝﹣3 3．下列式子变形，正确的是（）A．＝B．＝﹣C．＝D．＝4．下列分式中，是最简分式的是（）A．B．C．D．5．用科学记数法表示：0.00002018是（）A．2.018×10﹣5B．2.018×10﹣4C．201.8×10﹣7D．2018×10﹣56．计算：（）﹣3的结果是（）A．﹣B．C．D．﹣7．如图，图中三角形的个数共有（）A．3个B．4个C．5个D．6个8．如图，CD是△ABC的角平分线，∠A＝30°，∠B＝66°，则∠BDC的度数是（）A．96°B．84°C．76°D．72°9．下列语句：①你叫什么名字；②负数的绝对值等于它的相反数；③相等的角是对顶角；④明天下雨吗？属于命题的是（）A．①②B．②③C．③④D．①②③④10．在△ABC和△DEF中，下列条件不能判断这两个三角形全等的是（）A．AB＝DE，AC＝DF，∠A＝∠D B．∠A＝∠D，∠B＝∠E，AB＝DEC．AC＝DF，BC＝EF，∠B＝∠E D．AB＝DE，AC＝DF，BC＝EF11．如图，∠CAB＝60°，CD垂直平分AB，垂足为点D，∠CAB的平分线交CD于点E，连接EB，则∠BEC的度数是（）A．120°B．110°C．100°D．90°12．如图，∠ADB＝∠ACB＝90°，AC与BD相交于点O，且OA＝OB，下列结论：①AD＝BC；②AC＝BD；③∠CDA＝∠DCB；④CD∥AB，其中正确的有（）A．1个B．2个C．3个D．4个二、填空题：本大题共6小题，每小题3分，共18分13．若分式的值为0，则x的值是．14．分式，，的最简公分母是．15．若3x＝10，3y＝5，则3x﹣y＝．16．命题“等腰三角形的两个底角相等”的逆命题是．17．如图，在△ABC中，AC＝BC，∠B＝70°，EF是AC边的垂直平分线，垂足为E，交BC 于点F，则∠AFE的度数等于．18．已知ab＝1，m＝+，则﹣m2018的值等于．三、解答题：本大题共8小题，满分66分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤19．先约分，再求值：，其中x＝﹣2，y＝﹣．20．计算：（1）•（2）÷（3）（）2（4）（）321．计算（1）（）3•（）2•（）2（2）（）4•（）3÷（）522．计算：（1）+﹣（2）﹣﹣23．如图，已知AB∥ED，CD∥BF，AE＝CF．求证：AB＝ED．24．如图，AB＝CD，AD＝BC，E、F分别是AC上的点，且AE＝CF（1）求证：AB∥CD；（2）求证：BE＝DF．25．如图，已知AD∥BC，点E是CD上一点，AE平分∠BAD，BF平分∠ABC，延长BE交AD 的延长线于点F（1）求证：△ABE≌△AFE；（2）若AD＝2，BC＝6，求AB的长．26．甲种污水处理器处理25吨的污水与乙种污水处理器处理35吨的污水所用的时间相同，已知乙种污水处理器每小时比甲种污水处理器多处理20吨的污水．（1）分别求甲、乙两种污水处理器的污水处理效率；（2）若某厂每天同时开甲、乙两种污水处理器处理污水共4小时，且甲、乙两种污水处理器处理污水每吨需要的费用分别30元和50元，问该厂每个月（以30天计）需要污水处理费多少？参考答案与试题解析一．选择题（共12小题）1．若分式的值不存在，则x的取值是（）A．x＝﹣2 B．x≠﹣2 C．x＝3 D．x≠3【分析】直接利用分式有意义的条件得出x的值，进而得出答案．【解答】解：∵分式的值不存在，∴2x+4＝0，解得：x＝﹣2，则x的取值是：﹣2．2．若分式的值等于0，则x的取值是（）A．x＝0 B．x＝3 C．x＝﹣3 D．x＝3或x＝﹣3 【分析】直接利用分式的值为零则分子为零分母不为零，进而得出答案．【解答】解：∵分式的值等于0，∴|x|﹣3＝0，2x﹣6≠0，解得：x＝﹣3，故选：C．3．下列式子变形，正确的是（）A．＝B．＝﹣C．＝D．＝【分析】根据分式的基本性质解答．【解答】解：A、原式＝，故本选项错误；B、原式＝﹣，故本选项正确；C、原式＝，故本选项错误；D、原式＝，故本选项错误；故选：B．4．下列分式中，是最简分式的是（）A．B．C．D．【分析】根据最简分式的标准是分子，分母中不含有公因式，不能再约分，判断的方法是把分子、分母分解因式，然后对每一选项进行整理，即可得出答案．【解答】解：A．＝，不符合题意；B．＝，不符合题意；C．＝，不符合题意；D．是最简分式，符合题意；5．用科学记数法表示：0.00002018是（）A．2.018×10﹣5B．2.018×10﹣4C．201.8×10﹣7D．2018×10﹣5【分析】根据科学记数法的形式选择即可．【解答】解：0.00002018＝2.018×10﹣5，故选：A．6．计算：（）﹣3的结果是（）A．﹣B．C．D．﹣【分析】先根据负整数指数幂的定义进行变形，再求出即可．【解答】解：（）﹣3＝（）3＝，故选：B．7．如图，图中三角形的个数共有（）A．3个B．4个C．5个D．6个【分析】根据三角形的定义，找出图中所有的三角形，数出其个数即可得出结论．【解答】解：图中是三角形的有：△AOC、△BOD、△AOB、△ABC、△ABD．故选：C．8．如图，CD是△ABC的角平分线，∠A＝30°，∠B＝66°，则∠BDC的度数是（）A．96°B．84°C．76°D．72°【分析】根据三角形内角和定理求出∠ACB的度数，再根据CD是△ABC的角平分线，即可求出∠ACD的度数；再根据三角形内角和外角的关系即可求出∠BDC的度数．【解答】解：∵∠A＝30°，∠B＝66°，∴∠ACB＝180°﹣30°﹣66°＝84°，∵CD是△ABC的角平分线，∴∠ACD＝∠ACB＝×84°＝42°．∴∠BDC＝∠A+∠ACD＝30°+42°＝72°．故选：D．9．下列语句：①你叫什么名字；②负数的绝对值等于它的相反数；③相等的角是对顶角；④明天下雨吗？属于命题的是（）A．①②B．②③C．③④D．①②③④【分析】根据命题是判断性语句，可得答案．【解答】解：①你叫什么名字，没有作出判断，不是命题；②负数的绝对值等于它的相反数，正确，是命题；③相等的角是对顶角，正确，是命题；④明天下雨吗？是疑问句，不是命题，故选：B．10．在△ABC和△DEF中，下列条件不能判断这两个三角形全等的是（）A．AB＝DE，AC＝DF，∠A＝∠D B．∠A＝∠D，∠B＝∠E，AB＝DEC．AC＝DF，BC＝EF，∠B＝∠E D．AB＝DE，AC＝DF，BC＝EF【分析】根据题意画出图形，再由全等三角形的判定定理对各选项进行逐一判断即可．【解答】解：如图所示，A、AB＝DE，AC＝DF，∠A＝∠D，符合SAS定理，∴△ABC≌△DEF，故本选项正确；B、∠A＝∠D，∠B＝∠E，AB＝DE，符合ASA定理，∴△ABC≌△DEF，故本选项正确；C、∵AC＝DF，BC＝EF，∠B＝∠E，不符合全等三角形的判定定理，故本选项错误；D、∵AB＝DE，AC＝DF，BC＝EF，符合SSS定理，∴△ABC≌△EFD，故本选项正确．故选：C．11．如图，∠CAB＝60°，CD垂直平分AB，垂足为点D，∠CAB的平分线交CD于点E，连接EB，则∠BEC的度数是（）A．120°B．110°C．100°D．90°【分析】根据三角形的外角的性质可知：∠BEC＝∠B+∠EDB，想办法求出∠B，∠EDB即可解决问题；【解答】解：∵AE平分∠CAB，∠CAB＝60°，∴∠EAD＝∠CAB＝30°，∵CD垂直平分线段AB，∴EA＝EB，∠EDB＝90°，∴∠B＝∠EAD＝30°，∴∠BEC＝∠EDB+∠B＝90°+30°＝120°，故选：A．12．如图，∠ADB＝∠ACB＝90°，AC与BD相交于点O，且OA＝OB，下列结论：①AD＝BC；②AC＝BD；③∠CDA＝∠DCB；④CD∥AB，其中正确的有（）A．1个B．2个C．3个D．4个【分析】由△ABC≌△BAD（AAS），推出AD＝BC，AC＝BD，故①②正确，再证明CO＝OD，可得∠CDA＝∠DCB，故③正确，由∠CDO＝∠OAB，可得CD∥AB，故④正确；【解答】解：∵OA＝OB，∴∠DAB＝∠CBA，∵∠ACB＝∠BDA＝90°，AB＝BA，∴△ABC≌△BAD（AAS），∴AD＝BC，AC＝BD，故①②正确，∵BC＝AD，BO＝AO，∴CO＝OD，∴∠CDA＝∠DCB，故③正确，∵∠COD＝∠AOB，∴∠CDO＝∠OAB，∴CD∥AB，故④正确，故选：D．二．填空题（共6小题）13．若分式的值为0，则x的值是0 ．【分析】分式值为零的条件是分子等于零且分母不等于零．【解答】解：∵分式的值为0，∴x＝0．将x＝0代入x+1＝1≠0．当x＝0时，分式分式的值为0．故答案为：0．14．分式，，的最简公分母是12a2b2c．【分析】根据确定最简公分母的方法：（1）取各分母系数的最小公倍数；（2）凡单独出现的字母连同它的指数作为最简公分母的一个因式确定；（3）同底数幂取次数最高的，得到的因式的积就是最简公分母．【解答】解：因为三分式中的常数项系数的最小公倍数是12，a的最高次幂是2，b的最高次幂是2，c的最高次幂是1，所以三分式的最简公分母是12a2b2c．故答案为：12a2b2c．15．若3x＝10，3y＝5，则3x﹣y＝ 2 ．【分析】先根据同底数幂的除法进行变形，再代入求出即可．【解答】解：∵3x＝10，3y＝5，∴3x﹣y＝3x÷3y＝10÷5＝2，故答案为：2．16．命题“等腰三角形的两个底角相等”的逆命题是两个角相等三角形是等腰三角形．【分析】先找到原命题的题设和结论，再将题设和结论互换，即可而得到原命题的逆命题．【解答】解：因为原命题的题设是：“一个三角形是等腰三角形”，结论是“这个三角形两底角相等”，所以命题“等腰三角形的两个底角相等”的逆命题是“两个角相等三角形是等腰三角形”．17．如图，在△ABC中，AC＝BC，∠B＝70°，EF是AC边的垂直平分线，垂足为E，交BC 于点F，则∠AFE的度数等于50°．【分析】根据等腰三角形的性质得到∠CAB＝∠B＝70°，根据三角形的内角和得到∠C ＝180°﹣∠CAB﹣∠B＝40°，根据线段垂直平分线的性质得到CF＝AF，EF⊥AC，于是得到结论．【解答】解：∵AC＝BC，∠B＝70°，∴∠CAB＝∠B＝70°，∴∠C＝180°﹣∠CAB﹣∠B＝40°，∵EF是AC边的垂直平分线，∴CF＝AF，EF⊥AC，∴∠EAF＝∠C＝40°，∴∠AFE＝90°﹣40°＝50°，故答案为：50°．18．已知ab＝1，m＝+，则﹣m2018的值等于﹣1 ．【分析】先利用异分母分式的加减法法则，计算m的值，再求出﹣m2018的值．【解答】解：m＝+＝＝∵ab＝1，∴m＝＝1∴﹣m2018＝﹣12018＝﹣1故答案为：﹣1三．解答题（共8小题）19．先约分，再求值：，其中x＝﹣2，y＝﹣．【分析】先把分子分母因式分解，再约分得到原式＝，然后把x、y的值代入计算即可．【解答】解：原式＝＝，当x＝﹣2，y＝﹣时，原式＝＝．20．计算：（1）•（2）÷（3）（）2（4）（）3【分析】（1）先分解因式，再根据分式的乘法法则求出即可；（2）先把除法变成乘法，再根据分式的乘法法则求出即可；（3）根据分式的乘方法则求出即可；（4）根据分式的乘方法则求出即可．【解答】解：（1）•＝•＝﹣2x（x+1）＝﹣2x2﹣2x；（2）原式＝•＝；（3）（）2＝；（4）（）3＝﹣＝﹣．21．计算（1）（）3•（）2•（）2（2）（）4•（）3÷（）5【分析】（1）先算乘方，再算乘法即可；（2）先算乘方，把除法变成乘法，再算乘法即可．【解答】解：（1）原式＝••＝；（2）原式＝••＝﹣．22．计算：（1）+﹣（2）﹣﹣【分析】（1）直接通分进而利用分时加减运算法则计算得出答案；（2）直接通分进而利用分时加减运算法则计算得出答案．【解答】解：（1）+﹣＝+﹣＝；（2）﹣﹣＝﹣﹣＝＝﹣．23．如图，已知AB∥ED，CD∥BF，AE＝CF．求证：AB＝ED．【分析】根据平行线性质得到∠A＝∠DEC，∠C＝∠AFB，根据全等三角形的性质即可得到结论．【解答】证明：∵AB∥ED，CD∥BF，∴∠A＝∠DEC，∠C＝∠AFB，∵AE＝CF，∴AE+EF＝CF+EF，即AF＝CE，在△ABF与△EDC中，∴△ABF≌△EDC，（ASA），∴AB＝ED．24．如图，AB＝CD，AD＝BC，E、F分别是AC上的点，且AE＝CF（1）求证：AB∥CD；（2）求证：BE＝DF．【分析】（1）由全等三角形的判定定理SSS证得△ABD≌△CDB，则该全等三角形的对应角相等，即∠ABD＝∠CDB，故AB∥CD；（2）欲证明BE＝DF，只需推知△ABE≌△CDF即可．【解答】证明：（1）在△ABD与△CDB中，，∴△ABD≌△CDB（SSS），∴∠ABD＝∠CDB，∴AB∥CD；（2）由（1）知，AB∥CD，∴∠BAE＝∠DCF，又AB＝CD，AE＝CF，∴△ABE≌△CDF（SAS），∴BE＝DF．25．如图，已知AD∥BC，点E是CD上一点，AE平分∠BAD，BF平分∠ABC，延长BE交AD 的延长线于点F（1）求证：△ABE≌△AFE；（2）若AD＝2，BC＝6，求AB的长．【分析】（1）根据角平分线的定义可得∠BAE＝∠EAF，∠ABF＝∠EBC，再根据两直线平行，内错角相等可得∠EBC＝∠F，然后求出∠ABF＝∠F，再利用“角角边”证明△ABE 和△AFE全等即可；（2）根据全等三角形对应边相等可得BE＝FE，然后利用“角边角”证明△BCE和△FDE 全等，根据全等三角形对应边相等可得BC＝DF，然后根据AD+BC整理即可得证．【解答】证明：（1）∵AE、BE分别平分∠DAB、∠CBA，∴∠BAE＝∠EAF，∠ABF＝∠EBC，∵AD∥BC，∴∠EBC＝∠F，∠ABF＝∠F，在△ABE和△AFE中，，∴△ABE≌△AFE（AAS）；（2）∵△ABE≌△AFE，∴BE＝EF，在△BCE和△FDE中，，∴△BCE≌△FDE（ASA），∴BC＝DF，∴AD+BC＝AD+DF＝AF＝AB，即AD+BC＝AB．∵AD＝2，BC＝6，∴AB＝8．26．甲种污水处理器处理25吨的污水与乙种污水处理器处理35吨的污水所用的时间相同，已知乙种污水处理器每小时比甲种污水处理器多处理20吨的污水．（1）分别求甲、乙两种污水处理器的污水处理效率；（2）若某厂每天同时开甲、乙两种污水处理器处理污水共4小时，且甲、乙两种污水处理器处理污水每吨需要的费用分别30元和50元，问该厂每个月（以30天计）需要污水处理费多少？【分析】（1）首先设甲种污水处理器每小时处理污水x吨，则设乙种污水处理器每小时处理污水（x+20）吨，根据题意可得等量关系：甲种污水处理器处理25吨的污水＝乙种污水处理器处理35吨的污水所用时间，根据等量关系，列出方程，再解即可．（2）根据题意列出计算式解答即可．【解答】解：（1）设甲种污水处理器每小时处理污水x吨，由题意得，，解之得，x＝50，经检验，x＝50是原方程的解，所以x＝50，x+20＝70，答，甲种污水处理器每小时处理污水50吨，乙种污水处理器每小时处理污水70吨．（2）30×4×50×30+30×4×70×50＝180000+420000＝600000（元），答：该厂每个月（以30天计）需要污水处理费600000元．。

2024-2025学年福建省厦门市思明区槟榔中学八年级(上)期中数学试卷(含答案)

2024-2025学年福建省厦门市思明区槟榔中学八年级（上）期中数学试卷一、选择题（本大题有10小题，每小题4分，共40分.每小题都有四个选项，其中有且只有一个选项正确）1．（4分）在以下回收、绿色食品、节能、节水四个标志中，是轴对称图形的是（）A．B．C．D．2．（4分）以下面各组线段的长为边，能组成三角形的是（）A．3，4，8B．5，6，11C．3，3，6D．5，6，103．（4分）在下列运算中，正确的是（）A．a3•a4＝a12B．（ab2）3＝a6b6C．（a3）4＝a7D．a4÷a3＝a4．（4分）在平面直角坐标系xOy中，点A（2，1）关于x轴的对称点是（）A．（2，﹣1）B．（﹣2，1）C．（﹣2，﹣1）D．（1，2）5．（4分）已知图中的两个三角形全等，则∠α等于（）A．50°B．60°C．70°D．80°6．（4分）要使五边形木架（用五根木条钉成）不变形，至少要再钉上（）根木条．A．1B．2C．3D．47．（4分）如图，点E、F在BC上，AB＝DC，AF＝DE，AF、DE相交于点G，要使得△ABF≌△DCE，添加下列哪一个条件（）A．∠B＝∠C B．GE＝GF C．∠AFE＝∠DEF D．BF＝CE8．（4分）平面直角坐标系中，已知A（﹣1，0），B（1，1），若在坐标轴上取点C，使△ABC为等腰三角形，则满足条件的点C的个数是（）A．5B．6C．7D．89．（4分）如图，△ABC中，AB＜AC＜BC，如果要用尺规作图的方法在BC上确定一点P，使PA+PB＝BC，那么符合要求的作图痕迹是（）A．B．C．D．10．（4分）如图，在△ABC中，AB＝BC，AE、BF是角平分线，它们相交于点O，∠AOB＝125°，若D 是BC上一点，DF＝CF，则∠DAE的度数是（）A．20°B．15°C．10°D．5°二、填空题（本大题有6小题，第11题每空1分，其余每小题各4分，共26分）11．（6分）化简：a2×a3＝；（xy2）3＝；2m2n3•（﹣2n）＝；（12x2y4）÷（4x2y）＝；（π﹣6）0＝；42020×（﹣0.25）2021＝．12．（4分）八边形的内角和为 °．13．（4分）如图，在△ABC中，∠C＝90°，AD平分∠CAB，CD＝1，AB＝4，则△ABD的面积是．14．（4分）“三等分角”是被称为几何三大难题的三个古希腊作图难题之一．如图所示的“三等分角仪”是利用阿基米德原理做出的．这个仪器由两根有槽的棒OA，OB组成，两根棒在O点相连并可绕O转动，C点固定，OC＝CD＝DE，点D，E可在槽中滑动．若∠BDE＝72°，则∠CDE＝ °．15．（4分）若x﹣2y﹣1＝0，则2x÷4y×8等于．16．（4分）如图，先将正方形纸片对折，折痕为MN，再沿AE折叠，使点B落在MN上的点H处．下列结论：①DH＝DA；②∠BHD＝135°；③NE＝BE；④EB＝2HN．其中正确结论是．（填序号）三.解答题（共9小题，共84分）17．（10分）计算：（1）a•（﹣2a2）2÷（a2•a3）；（2）3a（2a+1）﹣（2ab﹣a2b）÷b．18．（10分）先化简，再求值：，其中x＝﹣1．19．（8分）如图，CD⊥AB，BE⊥AC，垂足分别为D、E，BE、CD交于点O，OB＝OC．（1）求证：△BOD≌△EOC；（2）求证：AO平分∠BAC．20．（8分）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝120°，点P为BC边的中点，PD⊥AC于点D．（1）求∠C的度数；（2）求证：CD＝3AD．21．（8分）如图，在平面直角坐标系中，△ABC的顶点A（0，1），B（2，0），C（4，4）均在正方形网格的格点上．（1）画出△ABC关于y轴对称的图形△A1B1C1，并写出顶点A1，B1，C1的坐标；（2）求△ABC的面积；（3）在x轴上找一点P，使得△PAC的周长最小（保留作图痕迹）．22．（8分）如图，在△ABC中，AB＝AC，点D在△ABC内，BD＝BC，∠DBC＝60°，点E在△ABC外，∠BCE＝150°，∠ABE＝60°．（1）求∠ADB的度数；（2）判断△ABE的形状并加以证明．23．（10分）已知长方形的长为a cm，宽为b cm，其中（a＞b＞1，如果将原长方形的长和宽各增加2cm，得到的新长方形的面积记为S1；如果将原长方形的长和宽各减少1cm，得到的新长方形的面积记为S2．（1）求S1，S2；（2）如果2S1＝S2+11，求将原长方形的长和宽各增加5cm后得到的新长方形的面积；（3）如果用一个面积为S1的长方形和两个面积为S2的长方形恰好能拼成一个没有缝隙没有重叠的正方形，求a，b的值．24．（10分）新定义：如果两个三角形不全等但面积相等，那么这两个三角形叫做积等三角形．【初步尝试】（1）如图1，在任意△ABC中，P为边BC上一点，若△ABP与△ACP是积等三角形，求证：AP为△ABC中线．【理解运用】（2）如图2，△ABD与△ACD为积等三角形，若AB＝2，AC＝4，且线段AD的长度为正整数，求AD 的长．【综合应用】（3）如图3，在Rt△ABC中∠BAC＝90°，AB＝AC，过点C作MN⊥AC，点D是射线CM上一点，以AD为边作Rt△ADE，∠DAE＝90°，AD＝AE，连接BE．请判断△BAE与△ACD是否为积等三角形，并说明理由．25．（12分）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝α，将BC绕点B逆时针旋转β至BD，点C的对应点为点D，连接AD，CD，其中2α+β＝180°．（1）求证：∠ABD＝∠ACD；（2）如备用图，延长CD至点M，使得CM＝BC．求证：①AD平分∠BDM；②A，M，B三点共线．2024-2025学年福建省厦门市思明区槟榔中学八年级（上）期中数学试卷参考答案一、选择题（本大题有10小题，每小题4分，共40分.每小题都有四个选项，其中有且只有一个选项正确）1．（4分）在以下回收、绿色食品、节能、节水四个标志中，是轴对称图形的是（）A．B．C．D．选：B．2．（4分）以下面各组线段的长为边，能组成三角形的是（）A．3，4，8B．5，6，11C．3，3，6D．5，6，10选：D．3．（4分）在下列运算中，正确的是（）A．a3•a4＝a12B．（ab2）3＝a6b6C．（a3）4＝a7D．a4÷a3＝a选：D．4．（4分）在平面直角坐标系xOy中，点A（2，1）关于x轴的对称点是（）A．（2，﹣1）B．（﹣2，1）C．（﹣2，﹣1）D．（1，2）选：A．5．（4分）已知图中的两个三角形全等，则∠α等于（）A．50°B．60°C．70°D．80°选：C．6．（4分）要使五边形木架（用五根木条钉成）不变形，至少要再钉上（）根木条．A．1B．2C．3D．4选：B．7．（4分）如图，点E、F在BC上，AB＝DC，AF＝DE，AF、DE相交于点G，要使得△ABF≌△DCE，添加下列哪一个条件（）A．∠B＝∠C B．GE＝GF C．∠AFE＝∠DEF D．BF＝CE选：D．8．（4分）平面直角坐标系中，已知A（﹣1，0），B（1，1），若在坐标轴上取点C，使△ABC为等腰三角形，则满足条件的点C的个数是（）A．5B．6C．7D．8选：D．9．（4分）如图，△ABC中，AB＜AC＜BC，如果要用尺规作图的方法在BC上确定一点P，使PA+PB＝BC，那么符合要求的作图痕迹是（）A．B．C．D．选：D．10．（4分）如图，在△ABC中，AB＝BC，AE、BF是角平分线，它们相交于点O，∠AOB＝125°，若D 是BC上一点，DF＝CF，则∠DAE的度数是（）A．20°B．15°C．10°D．5°选：B．二、填空题（本大题有6小题，第11题每空1分，其余每小题各4分，共26分）11．（6分）化简：a2×a3＝　a5　；（xy2）3＝　x3y6　；2m2n3•（﹣2n）＝　﹣4m2n4　；（12x2y4）÷（4x2y）＝　3y3　；（π﹣6）0＝　1　；42020×（﹣0.25）2021＝　﹣0.25　．12．（4分）八边形的内角和为　1080　°．13．（4分）如图，在△ABC中，∠C＝90°，AD平分∠CAB，CD＝1，AB＝4，则△ABD的面积是　2　．14．（4分）“三等分角”是被称为几何三大难题的三个古希腊作图难题之一．如图所示的“三等分角仪”是利用阿基米德原理做出的．这个仪器由两根有槽的棒OA，OB组成，两根棒在O点相连并可绕O转动，C点固定，OC＝CD＝DE，点D，E可在槽中滑动．若∠BDE＝72°，则∠CDE＝　84　°．15．（4分）若x﹣2y﹣1＝0，则2x÷4y×8等于　16　．16．（4分）如图，先将正方形纸片对折，折痕为MN，再沿AE折叠，使点B落在MN上的点H处．下列结论：①DH＝DA；②∠BHD＝135°；③NE＝BE；④EB＝2HN．其中正确结论是　①②④　．（填序号）三.解答题（共9小题，共84分）17．（10分）计算：（1）a•（﹣2a2）2÷（a2•a3）；（2）3a（2a+1）﹣（2ab﹣a2b）÷b．【解答】解：（1）原式＝a•4a4÷a5＝4；（2）原式＝6a2+3a﹣（2a﹣a2）＝6a2+3a﹣2a+a2＝7a2+a．18．（10分）先化简，再求值：，其中x＝﹣1．【解答】解：原式＝6x2﹣3x+2x﹣1﹣x2+2x＝5x2+x﹣1．当x＝﹣1时，上式＝5﹣1﹣1＝3．19．（8分）如图，CD⊥AB，BE⊥AC，垂足分别为D、E，BE、CD交于点O，OB＝OC．（1）求证：△BOD≌△EOC；（2）求证：AO平分∠BAC．【解答】证明：（1）∵CD⊥AB，BE⊥AC，∴∠BDO＝∠CEO＝90°，在△BOD和△COE中，，∴△BOD≌△EOC（AAS）；（2）∵△BOD≌△EOC，∴OD＝OE，∵OD⊥AB，OE⊥AC，∴OA平分∠BAC，∴∠1＝∠2．20．（8分）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝120°，点P为BC边的中点，PD⊥AC于点D．（1）求∠C的度数；（2）求证：CD＝3AD．【解答】（1）解：如图，连接AP，∵AB＝AC，P为BC边的中点，∴AP⊥BC，∵∠BAC＝120°，∴∠C＝（180°﹣∠BAC）＝（180°﹣120°）＝30°；（2）证明：由（1）知，∠C＝30°．∵PD⊥AC，∴∠CPD+∠C＝90°，又∵∠APD+∠CPD＝90°，∴∠APD＝∠C＝30°，∴AP＝2AD，AC＝2AP，∴AC＝4AD，∴CD＝AC﹣AD＝4AD﹣AD＝3AD，即CD＝3AD．21．（8分）如图，在平面直角坐标系中，△ABC的顶点A（0，1），B（2，0），C（4，4）均在正方形网格的格点上．（1）画出△ABC关于y轴对称的图形△A1B1C1，并写出顶点A1，B1，C1的坐标　A1（0，1），B1（﹣1，0），C1（﹣4，4）　；（2）求△ABC的面积　5　；（3）在x轴上找一点P，使得△PAC的周长最小（保留作图痕迹）．【解答】解：（1）如图1所示，△A1B1C1即为所求，故答案为：A1（0，1），B1（﹣1，0），C1（﹣4，4）；（3）如图2所示，点P即为所求．BCE＝150°，∠ABE＝60°．（1）求∠ADB的度数；（2）判断△ABE的形状并加以证明．【解答】解：（1）∵BD＝BC，∠DBC＝60°，∴△DBC是等边三角形，∴DB＝DC，∠BDC＝∠DBC＝∠DCB＝60°，在△ADB和△ADC中，，∴△ADB≌△ADC（SSS），∴∠ADB＝∠ADC，∴∠ADB＝×（360°﹣60°）＝150°；（2）△ABE是等边三角形．理由如下：∵∠ABE＝∠DBC＝60°，∴∠ABD＝∠CBE，在△ABD和△EBC中，，∴△ABD≌△EBC（ASA），∴AB＝BE，∵∠ABE＝60°，∴△ABE是等边三角形．23．（10分）已知长方形的长为a cm，宽为b cm，其中（a＞b＞1，如果将原长方形的长和宽各增加2cm，得到的新长方形的面积记为S1；如果将原长方形的长和宽各减少1cm，得到的新长方形的面积记为S2．（1）求S1，S2；（2）如果2S1＝S2+11，求将原长方形的长和宽各增加5cm后得到的新长方形的面积；（3）如果用一个面积为S1的长方形和两个面积为S2的长方形恰好能拼成一个没有缝隙没有重叠的正方形，求a，b的值．【解答】解：（1）∵长方形的长为a cm，宽为b cm，∴将原长方形的长和宽各增加2cm，得到的新长方形的面积记为：；将原长方形的长和宽各减少1cm，得到的新长方形的面积记为：；（2）由（1）知，，∵2S1＝S2+11，∴2（ab+2a+2b+4）＝（ab﹣a﹣b+1）+11，即ab+5a+5b＝4，∴将原长方形的长和宽各增加5cm后得到的新长方形的面积为（a+5）（b+5）＝ab+5a+5b+25＝4+25＝29cm2；（3）∵面积记为S1的新长方形长为（a+2）cm、宽为（b+2）cm；面积记为S2的新长方形长为（a﹣1）cm、宽为（b﹣1）cm，∴用一个面积为S1的长方形和两个面积为S2的长方形恰好能拼成一个没有缝隙没有重叠的正方形时，正方形的边长应为（a+2）cm，分两种情况拼接，如图所示：∴，①或②，解①得，解②得，∵a＞b＞1，∴，满足题意，即a＝4，b＝2.5．24．（10分）新定义：如果两个三角形不全等但面积相等，那么这两个三角形叫做积等三角形．【初步尝试】（1）如图1，在任意△ABC中，P为边BC上一点，若△ABP与△ACP是积等三角形，求证：AP为△ABC中线．【理解运用】（2）如图2，△ABD与△ACD为积等三角形，若AB＝2，AC＝4，且线段AD的长度为正整数，求AD 的长．【综合应用】（3）如图3，在Rt△ABC中∠BAC＝90°，AB＝AC，过点C作MN⊥AC，点D是射线CM上一点，以AD为边作Rt△ADE，∠DAE＝90°，AD＝AE，连接BE．请判断△BAE与△ACD是否为积等三角形，并说明理由．【解答】（1）证明：过点A作AH⊥BC于H，如图1，∵△ABP与△CBP是积等三角形，∴S△ABP＝S△ACP，∴，∴BP＝CP，∴AP为△ABC的中线；（2）解：如图2，延长AD至N，使DN＝AD，连接CN，∵△ABD与△ACD为积等三角形，在△ADB和△NDC中，∴△ADB≌△NDC（SAS），∴AB＝NC＝2，在△ACN中，AC﹣CN＜AN＜AC+CN，∵AC＝4，∴4﹣2＜AN＜4+2，∴2＜AN＜6，∴2＜2AD＜6，∴1＜AD＜3，∵AD为正整数，∴AD＝2；（3）证明：△BAE与△ACD为积等三角形；如图3，过点E作EH⊥AB于点H，∵MN⊥AC，∴∠ACD＝∠AHE＝90°，∵∠BAC＝∠DAE＝90°，∴∠CAH＝∠DAE＝90°，∴∠CAH﹣∠DAH＝∠DAE﹣∠DAH，∴∠EAH＝∠DAC，在△HAE和△CAD中，∴△HAE≌△CAD（AAS），∴AC＝AH，EH＝CD，∴，，∴，∴S△BAE＝S△ACD，∴△ABE与△ACD为积等三角形．25．（12分）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠BAC＝α，将BC绕点B逆时针旋转β至BD，点C的对应点为点D，连接AD，CD，其中2α+β＝180°．（1）求证：∠ABD＝∠ACD；（2）如备用图，延长CD至点M，使得CM＝BC．求证：①AD平分∠BDM；②A，M，B三点共线．【解答】证明：（1）根据题意可得BC＝BD，∠CBD＝β，∴∠BDC＝∠BCD，在△BCD中，∠BDC+∠BCD+∠CBD＝180°，∴2∠BDC+β＝180°，∵2α+β＝180°，∴∠BDC＝α，在△ABC中，∠ABC+∠ACB＝180﹣α，在△BCD中，∠DBC+∠DCB＝180﹣α，∴∠ABC+∠ACB＝∠DBC+∠DCB，∴∠ABD+∠DBC+∠ACB＝∠DBC+∠ACB+∠ACD，∴∠ABD＝∠ACD；（2）①如图1，过点A作AH⊥CM，AK⊥BD，垂足分别为H，K，∴∠AKB＝∠AHC＝90°，在△ABK和△ACH中，，∴△ABK≌△ACH（AAS），∴AK＝AH，∵AH⊥CM，AK⊥BD，∴AD平分∠BDM；②如图2，连接AM，设AC与BD交于点G，在△ABD和△ACM中，，∴△ABD≌△ACM（SAS），∴∠BAD＝∠CAM，∴∠BAC＝∠DAM＝α，∵AB＝AC，∴∠BCG＝90﹣α，由（1）知∠BDC＝α，且AD平分∠BDM，∴∠ADG＝90°﹣α，∵∠AGB＝∠CAD+∠ADG，∠AGB＝∠CBD+∠BCG，∴∠CAD＝∠CBD＝β，∴∠BAC+∠DAM+∠CAD＝2α+β＝180°，∴A，M，B三点共线．。

2018-2019学年八年级上册期中数学试卷含答案(人教版)

2018-2019学年八年级（上册）期中数学试卷一、选择题（本大题共14小题，每小题3分，共42分）在每小题锁给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（3分）下列亚运会会徽中的图案，不是轴对称图形的是（）A．B．C．D．2．（3分）小芳有两根长度为5cm和11cm的木条，她想钉一个三角形木框，桌上有下列长度的几根木条，她应该选择长度为（）的木条．A．5cm B．3cm C．17cm D．12cm3．（3分）如果n边形的内角和是它外角和的4倍，则n等于（）A．7B．8C．10D．94．（3分）若等腰三角形的一边长等于6，另一边长等于4，则它的周长等于（）A．15B．16C．14D．14或165．（3分）在△ABC中，∠B＝∠C，与△ABC全等的三角形有一个角是100°，那么在△ABC中，与这100°角对应相等的角是（）A．∠A B．∠B C．∠C D．∠B或∠C6．（3分）如图，在等腰△ABC中，AB＝AC，BD⊥AC，∠ABC＝72°，则∠ABD等于（）A．18°B．36°C．54°D．64°7．（3分）如图，CE是△ABC的外角∠ACD的平分线，若∠B＝35°，∠ACE＝60°，则∠A＝（）A．35°B．95°C．85°D．75°8．（3分）如图，已知D为△ABC边AB的中点，E在边AC上，将△ABC折叠，使A点落在BC上的F 处，若∠B＝75°，则∠BDF等于（）（A．30°B．50°C．60°D．37.5°9．3分）如图所示，小华从A点出发，沿直线前进10米后左转24°，再沿直线前进10米，又向左转24°，…，照这样走下去，他第一次回到出发地A点时，一共走的路程是（）A．140米B．150米C．160米D．240米10．（3分）如图，在△ABC和△DEC中，已知AB＝△DE，还需添加两个条件才能使ABC≌△DEC，不能添加的一组条件是（）A．BC＝EC，∠B＝∠EC．BC＝DC，∠A＝∠DB．BC＝EC，AC＝DCD．AC＝DC，∠A＝∠D11．（3分）如图，锐角三角形ABC中，直线L为BC的中垂线，直线M为∠ABC的角平分线，L与M相交于P点．若∠A＝60°，∠ACP＝24°，则∠ABP的度数为何？（）A．24°B．30°C．32°D．36°12．（3分）如图所示的正方形网格中，网格的交点称为格点，已知A，B是两格点，如果C也是图中的格点，且使得△ABC为等腰三角形，则符合条件的点C的个数是（）A．6B．7C．8D．913．（3分）如图，点P是∠AOB外的一点，点M，N分别是∠AOB两边上的点，点P关于OA的对称点Q恰好落在线段MN上，点P关于OB的对称点R落在MN的延长线上．若PM＝2.5cm，PN＝3cm，MN ＝4cm，则线段QR的长为（）A．4.5cm B．5.5cm C．6.5cm D．7cm14．（3分）如图所示，△ABC为等边三角形，AQ＝PQ，PR＝PS，PR⊥AB于R，PS⊥AC于S，则四个结论①点P在∠A的平分线上；②AS＝AR；③QP∥AR；④△BRP≌△QSP．其中正确的是（）A．①②B．①②④C．①②③D．①②③④二、填空题：（本题共5小题，每小题3分，共15分）15．（3分）点P（﹣3，5）关于x轴的对称点的坐标是．16．（3分）如图，AD是△ABC中∠BAC的角平分线，DE⊥AB于点E，DF⊥AC于点F，S＝7，DE△ABC ＝2，AB＝4，则AC长是．17．（3分）如图，△ABC中，AC＝8，BC＝5，AB的垂直平分线DE交AB于点D，交边AC于点E，则△BCE的周长为．18．（3分）如图，AB、CD相交于点O，AD＝△CB，请你补充一个条件，使得AOD≌△COB，你补充的条件是．19．（3分）如图，已知∠MON＝30°，点A1，A2，A3，…在射线ON上，点B1，B2，B3，…在射线OM 上．△A1B1A△2，A2B2A△3，A3B3A4，…均为等边三角形，若OA1＝△4，则A6B6A7的边长为．三、解答题（本大题共7个小题，共计63分）20．（6分）用尺规作图，在△ABC中作一点P，使点P到AB，AC两边的距离相等，且P A＝PB．21．（7分）如图，△ABC三个顶点的坐标分别为A（﹣4，1），B（﹣3，3），C（﹣1，2）．（1）作出△ABC关于y轴对称的△A′B′C′，并写出△A′B′C′三个顶点的坐标．（2）在x轴上画出点P，使P A+PC最小．（不写作法，保留作图痕迹）．22．（8分）如图，在△ABC中，∠B＝40°，AE是∠BAC的平分线，∠ACD＝106°，求∠AEC的度数．23．（8分）如图，在△ABC和△DCB中，∠A＝∠D＝90°，OA＝OD，AC与BD相交于点O．（1）求证：AB＝CD；（2）请判断△OBC的形状，并证明你的结论．24．（10分）如图，已知港口A东偏南10°方向有一处小岛B，一艘货轮从港口A沿南偏东40°航线出发，行驶80海里到达C处，此时观测小岛B在北偏东60°方向．（1）求此时货轮到小岛B的距离．（2）在小岛周围36海里范围内是暗礁区，此时轮船向正东方向航行有没有触礁危险？请作出判断并说明理由．25．（12分）如图，△ABC和△EBD中，∠ABC＝∠DBE＝90°，AB＝CB，BE＝BD，连接AE，CD，AE 与CD交于点M，AE与BC交于点N．（1）求证：AE＝CD；（2）求证：AE⊥CD；（3）连接BM，有以下两个结论：①BM平分∠CBE；②MB平分∠AMD．其中正确的有（请写序号，少选、错选均不得分）．26．（12分）如图1，点P、Q分别是边长为4cm的等边△ABC边AB、BC上的动点，点P从顶点A，点Q从顶点B同时出发，且它们的速度都为1cm/s．（1）连接AQ、CP交于点M，则在P、Q运动的过程中，∠CMQ变化吗？若变化，则说明理由，若不变，则求出它的度数；（2）试求何时△PBQ是直角三角形？（3）如图2，若点P、Q在运动到终点后继续在射线AB、BC上运动，直线AQ、CP交点为M，则∠CMQ 变化吗？若变化，则说明理由，若不变，则求出它的度数．2018-2019学年八年级（上册）期中数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共14小题，每小题3分，共42分）在每小题锁给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（3分）下列亚运会会徽中的图案，不是轴对称图形的是（）A．B．C．D．【分析】根据轴对称图形的定义求解．【解答】解：A、不是轴对称图形，故本选项正确；B、是轴对称图形，故本选项错误；C、是轴对称图形，故本选项错误；D、是轴对称图形，故本选项错误．故选：A．【点评】本题考查了轴对称图形的概念：轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分沿对称轴折叠后可重合．2．（3分）小芳有两根长度为5cm和11cm的木条，她想钉一个三角形木框，桌上有下列长度的几根木条，她应该选择长度为（）的木条．A．5cm B．3cm C．17cm D．12cm【分析】设木条的长度为x cm，再由三角形的三边关系即可得出结论．【解答】解：设木条的长度为x cm，则11﹣5＜x＜11+5，即6＜x＜16．故选：D．【点评】本题考查的是三角形的三边关系，熟知三角形任意两边之和大于第三边，任意两边之差小于第三边是解答此题的关键．3．（3分）如果n边形的内角和是它外角和的4倍，则n等于（）A．7B．8C．10D．9【分析】利用多边形的内角和公式和外角和公式，根据一个n边形的内角和是其外角和的4倍列出方程求解即可．【解答】解：多边形的外角和是360°，根据题意得：180°•（n﹣2）＝360°×4，解得n＝10．故选：C．【点评】本题主要考查了多边形内角和公式及外角的特征．求多边形的边数，可以转化为方程的问题来解决．4．（3分）若等腰三角形的一边长等于6，另一边长等于4，则它的周长等于（）A．15B．16C．14D．14或16【分析】由于等腰三角形的底边与腰不能确定，故应分4为底边与6为底边两种情况进行讨论．【解答】解：当4为底边时，腰长为6，则这个等腰三角形的周长＝4+6+6＝16；当6为底边时，腰长为4，则这个等腰三角形的周长＝4+4+6＝14；故选：D．【点评】本题考查的是等腰三角形的性质，在解答此题时要注意进行分类讨论，不要漏解是解题关键．5．（3分）在△ABC中，∠B＝∠C，与△ABC全等的三角形有一个角是100°，那么在△ABC中，与这100°角对应相等的角是（）A．∠A B．∠B C．∠C D．∠B或∠C【分析】根据三角形的内角和等于180°可知，相等的两个角∠B与∠C不能是100°，再根据全等三角形的对应角相等解答．【解答】解：在△ABC中，∵∠B＝∠C，∴∠B、∠C不能等于100°，∴与△ABC全等的三角形的100°的角的对应角是∠A．故选：A．【点评】本题主要考查了全等三角形的对应角相等的性质，三角形的内角和等于180°，根据∠A＝∠C判断出这两个角都不能是100°是解题的关键．6．（3分）如图，在等腰△ABC中，AB＝AC，BD⊥AC，∠ABC＝72°，则∠ABD等于（）A．18°B．36°C．54°D．64°【分析】根据等腰三角形的性质由已知可求得∠A的度数，再根据垂直的定义和三角形内角和定理不难求得∠ABD的度数．【解答】解：∵AB＝AC，∠ABC＝72°，∴∠ABC＝∠ACB＝72°，∴∠A＝36°，∵BD⊥AC，∴∠ABD＝90°﹣36°＝54°．故选：C．【点评】本题主要考查等腰三角形的性质，解答本题的关键是会综合运用等腰三角形的性质和三角形的内角和定理进行答题，此题难度一般．7．（3分）如图，CE是△ABC的外角∠ACD的平分线，若∠B＝35°，∠ACE＝60°，则∠A＝（）A．35°B．95°C．85°D．75°【分析】根据三角形角平分线的性质求出∠ACD，根据三角形外角性质求出∠A即可．【解答】解：∵CE是△ABC的外角∠ACD的平分线，∠ACE＝60°，∴∠ACD＝2∠ACE＝120°，∵∠ACD＝∠B+∠A，∴∠A＝∠ACD﹣∠B＝120°﹣35°＝85°，故选：C．【点评】本题考查了三角形外角性质，角平分线定义的应用，注意：三角形的一个外角等于和它不相邻的两个内角的和．8．（3分）如图，已知D为△ABC边AB的中点，E在边AC上，将△ABC折叠，使A点落在BC上的F 处，若∠B＝75°，则∠BDF等于（）（A．30°B．50°C．60°D．37.5°【分析】由题意可得AD＝BD＝DF，即可求∠B＝∠DFB＝75°，根据三角形内角和定理可求∠BDF的度数．【解答】解：∵点D是AB的中点∴AD＝BD∵折叠∴AD＝DF∴BD＝AD＝DF∴∠B＝∠DFB＝75°∴∠BDF＝30°故选：A．【点评】本题考查了翻折变换，三角形内角和定理，熟练运用折叠性质解决问题是本题的关键．9．3分）如图所示，小华从A点出发，沿直线前进10米后左转24°，再沿直线前进10米，又向左转24°，…，照这样走下去，他第一次回到出发地A点时，一共走的路程是（）A．140米B．150米C．160米D．240米【分析】多边形的外角和为360°每一个外角都为24°，依此可求边数，再求多边形的周长．【解答】解：∵多边形的外角和为360°，而每一个外角为24°，∴多边形的边数为360°÷24°＝15，∴小华一共走了：15×10＝150米．故选：B．【点评】本题考查多边形的内角和计算公式，多边形的外角和．关键是根据多边形的外角和及每一个外角都为24°求边数．10．（3分）如图，在△ABC和△DEC中，已知AB＝△DE，还需添加两个条件才能使ABC≌△DEC，不能添加的一组条件是（）A．BC＝EC，∠B＝∠EC．BC＝DC，∠A＝∠DB．BC＝EC，AC＝DCD．AC＝DC，∠A＝∠D【分析】根据全等三角形的判定方法逐项判断即可．【解答】解：∵AB＝DE，∴当BC＝EC，∠B＝∠E时，满足SAS，可证明△ABC≌△DEC，故A可以；当BC＝EC，AC＝DC时，满足SSS，可证明△ABC≌△DEC，故B可以；当BC＝DC，∠A＝∠D时，在△ABC中是ASS，在△DEC中是SAS，故不能证明△ABC≌△DEC，故C不可以；当AC＝DC，∠A＝∠D时，满足SAS，可证明△ABC≌△DEC，故D可以；故选：C．【点评】本题主要考查全等三角形的判定，掌握全等三角形的判定方法是解题的关键，即SSS、SAS、ASA、AAS和HL．11．（3分）如图，锐角三角形ABC中，直线L为BC的中垂线，直线M为∠ABC的角平分线，L与M相交于P点．若∠A＝60°，∠ACP＝24°，则∠ABP的度数为何？（）A．24°B．30°C．32°D．36°【分析】根据角平分线的定义可得∠ABP＝∠CBP，根据线段垂直平分线上的点到两端点的距离相等可得BP＝CP，再根据等边对等角可得∠CBP＝∠BCP，然后利用三角形的内角和等于180°列出方程求解即可．【解答】解：∵直线M为∠ABC的角平分线，∴∠ABP＝∠CBP．∵直线L为BC的中垂线，∴BP＝CP，∴∠CBP＝∠BCP，∴∠ABP＝∠CBP＝∠BCP，在△ABC中，3∠ABP+∠A+∠ACP＝180°，即3∠ABP+60°+24°＝180°，解得∠ABP＝32°．故选：C．【点评】本题考查了线段垂直平分线上的点到两端点的距离相等的性质，角平分线的定义，三角形的内角和定理，熟记各性质并列出关于∠ABP的方程是解题的关键．12．（3分）如图所示的正方形网格中，网格的交点称为格点，已知A，B是两格点，如果C也是图中的格点，且使得△ABC为等腰三角形，则符合条件的点C的个数是（）A．6B．7C．8D．9【分析】分AB是腰长时，根据网格结构，找出一个小正方形与A、B顶点相对的顶点，连接即可得到等腰三角形，AB是底边时，根据线段垂直平分线上的点到线段两端点的距离相等，AB垂直平分线上的格点都可以作为点C，然后相加即可得解．【解答】解：①AB为等腰△ABC底边时，符合条件的C点有4个；②AB为等腰△ABC其中的一条腰时，符合条件的C点有4个．故选：C．【点评】本题考查了等腰三角形的判定，熟练掌握网格结构的特点是解题的关键，要注意分AB是腰长与底边两种情况讨论求解．13．（3分）如图，点P是∠AOB外的一点，点M，N分别是∠AOB两边上的点，点P关于OA的对称点Q恰好落在线段MN上，点P关于OB的对称点R落在MN的延长线上．若PM＝2.5cm，PN＝3cm，MN＝4cm，则线段QR的长为（）A．4.5cm B．5.5cm C．6.5cm D．7cm【分析】利用轴对称图形的性质得出PM＝MQ，PN＝NR，进而利用MN＝4cm，得出NQ的长，即可得出QR的长．【解答】解：∵点P关于OA的对称点Q恰好落在线段MN上，点P关于OB的对称点R落在MN的延长线上，∴PM＝MQ，PN＝NR，∵PM＝2.5cm，PN＝3cm，MN＝4cm，∴RN＝3cm，MQ＝2.5cm，即NQ＝MN﹣MQ＝4﹣2.5＝1.5（cm），则线段QR的长为：RN+NQ＝3+1.5＝4.5（cm）．故选：A．【点评】此题主要考查了轴对称图形的性质，得出PM＝MQ，PN＝NR是解题关键．14．（3分）如图所示，△ABC为等边三角形，AQ＝PQ，PR＝PS，PR⊥AB于R，PS⊥AC于S，则四个结论①点P在∠A的平分线上；②AS＝AR；③QP∥AR；④△BRP≌△QSP．其中正确的是（）A．①②B．①②④C．①②③D．①②③④【分析】因为△ABC为等边三角形，根据已知条件可推出△Rt ARP≌△Rt ASP，则AR＝AS，故（2）正确，∠BAP＝∠CAP，所以AP是等边三角形的顶角的平分线，故（1）正确，根据等腰三角形的三线合一的性质知，AP也是BC边上的高和中线，即点P是BC的中点，因为AQ＝PQ，所以点Q是AC的中点，所以PQ是边AB对的中位线，有PQ∥AB，故（△3）正确，又可推出BRP≌△QSP，故（4）正确．【解答】解：∵PR⊥AB于R，PS⊥AC于S∴∠ARP＝∠ASP＝90°∵PR＝PS，AP＝AP∴△Rt ARP≌△Rt ASP∴AR＝AS，故（2）正确，∠BAP＝∠CAP∴AP是等边三角形的顶角的平分线，故（1）正确∴AP是BC边上的高和中线，即点P是BC的中点∵AQ＝PQ∴点Q是AC的中点∴PQ是边AB对的中位线∴PQ∥AB，故（3）正确∵∠B＝∠C＝60°，∠BRP＝∠CSP＝90°，BP＝CP∴△BRP≌△QSP，故（4）正确∴全部正确．故选：D．【点评】本题利用了等边三角形的性质：三线合一，全等三角形的判定和性质，中位线的性质求解．二、填空题：（本题共5小题，每小题3分，共15分）15．（3分）点P（﹣3，5）关于x轴的对称点的坐标是（﹣3，﹣5）．【分析】利用平面内两点关于x轴对称时：横坐标不变，纵坐标互为相反数，进行求解．【解答】解：P（﹣3，5）关于x轴的对称点的坐标是（﹣3，﹣5），故答案为：（﹣3，﹣5）．【点评】本题考查了关于原点对称的点的坐标，解决本题的关键是掌握好对称点的坐标规律：关于x轴对称的点，横坐标相同，纵坐标互为相反数；关于y轴对称的点，纵坐标相同，横坐标互为相反数；关于原点对称的点，横坐标与纵坐标都互为相反数．16．（3分）如图，AD是△ABC中∠BAC的角平分线，DE⊥AB于点E，DF⊥AC于点F，S＝7，DE△ABC ＝2，AB＝4，则AC长是3．【分析】根据角平分线上的点到角的两边距离相等可得DE＝DF，再根据三角形的面积公式列式计算即可得解．【解答】解：∵AD是△ABC中∠BAC的角平分线，DE⊥AB，DF⊥AC，∴DE＝DF，＝×4×2+AC•2＝7，∴S△ABC解得AC＝3．故答案为：3．【点评】本题考查了角平分线上的点到角的两边距离相等的性质，熟记性质是解题的关键．17．（3分）如图，△ABC中，AC＝8，BC＝5，AB的垂直平分线DE交AB于点D，交边AC于点E，则△BCE的周长为13．【分析】根据线段的垂直平分线的性质得到EA＝EB，根据三角形的周长公式计算即可．【解答】解：∵DE是AB的垂直平分线，∴EA＝EB，则△BCE的周长＝BC+EC+EB＝BC+EC+EA＝BC+AC＝13，故答案为：13．【点评】本题考查的是线段的垂直平分线的性质，掌握线段的垂直平分线上的点到线段的两个端点的距离相等是解题的关键．18．（3分）如图，AB、CD相交于点O，AD＝△CB，请你补充一个条件，使得AOD≌△COB，你补充的条件是∠A＝∠C或∠ADO＝∠CBO．【分析】本题证明两三角形全等的三个条件中已经具备一边和一角，所以只要再添加一组对应角或边相等即可．【解答】解：添加条件可以是：∠A＝∠C或∠ADC＝∠ABC．∵添加∠A＝∠C根据AAS判定△AOD≌△COB，添加∠ADC＝∠ABC根据ASA判定△AOD≌△COB，故填空答案：∠A＝∠C或∠ADC＝∠ABC．【点评】本题考查三角形全等的判定方法；判定两个三角形全等的一般方法有：SSS、SAS、ASA、AAS、HL．添加时注意：AAA、SSA不能判定两个三角形全等，不能添加，根据已知结合图形及判定方法选择条件是正确解答本题的关键．19．（3分）如图，已知∠MON＝30°，点A1，A2，A3，…在射线ON上，点B1，B2，B3，…在射线OM 上．△A1B1A△2，A2B2A△3，A3B3A4，…均为等边三角形，若OA1＝△4，则A6B6A7的边长为128．【分析】根据等腰三角形的性质以及平行线的性质得出A1B1∥A2B2∥A3B3，以及A2B2＝2B1A2，得出A3B3＝4B1A2＝16，A4B4＝8B1A2＝32，A5B5＝16B1A2…进而得出答案．【解答】解：∵△A1B1A2是等边三角形，∴A1B1＝A2B1，∠3＝∠4＝∠12＝60°，∴∠2＝120°，∵∠MON＝30°，∴∠1＝180°﹣120°﹣30°＝30°，又∵∠3＝60°，∴∠5＝180°﹣60°﹣30°＝90°，∵∠MON＝∠1＝30°，∴OA1＝A1B1＝4，∴A2B1＝4，∵△A2B2A3、△A3B3A4是等边三角形，∴∠11＝∠10＝60°，∠13＝60°，∵∠4＝∠12＝60°，∴A1B1∥A2B2∥A3B3，B1A2∥B2A3，∴∠1＝∠6＝∠7＝30°，∠5＝∠8＝90°，∴A2B2＝2B1A2，B3A3＝2B2A3，∴A3B3＝4B1A2＝16＝24，A4B4＝8B1A2＝32＝25，A5B5＝16B1A2＝64＝26，以此类推：△A n B n A n+1的边长为2n+1，∴△A6B6A7的边长为：26+1＝128．故答案为：128．【点评】此题主要考查了等边三角形的性质以及直角三角形30度角的性质，根据已知得出A3B3＝4B1A2，A4B4＝8B1A2，A5B5＝16B1A2进而发现规律是解题关键．三、解答题（本大题共7个小题，共计63分）20．（6分）用尺规作图，在△ABC中作一点P，使点P到AB，AC两边的距离相等，且P A＝PB．【分析】分别作∠BAC的平分线和线段AB的中垂线，它们的交点即为所求点P．【解答】解：如图所示，点P即为所求．【点评】此题主要考查了线段垂直平分线的性质与作法以及角平分线的性质与作法，正确掌握相关性质是解题关键．21．（7分）如图，△ABC三个顶点的坐标分别为A（﹣4，1），B（﹣3，3），C（﹣1，2）．（1）作出△ABC关于y轴对称的△A′B′C′，并写出△A′B′C′三个顶点的坐标．（2）在x轴上画出点P，使P A+PC最小．（不写作法，保留作图痕迹）．【分析】（1）写出点A、B、C关于y轴对称的对应点A′、B′、C′的坐标，然后描点即可；（2）作A点关于x轴的对应点A″，连接A″C交x轴于点P，利用两点之间线段最短可判断此时P A+PC 最小．【解答】解：（△1）如图，A′B′△C′为所作，A′B′C′三个顶点的坐标分别为A'（4，1），B'（3，3），C'（1，2）；（2）如图，点P为所作．．【点评】本题考查了作图﹣轴对称变换：在画一个图形的轴对称图形时，也是先从确定一些特殊的对称点开始的，一般的方法是：由已知点出发向所给直线作垂线，并确定垂足；直线的另一侧，以垂足为一端点，作一条线段使之等于已知点和垂足之间的线段的长，得到线段的另一端点，即为对称点；连接这些对称点，就得到原图形的轴对称图形．22．（8分）如图，在△ABC中，∠B＝40°，AE是∠BAC的平分线，∠ACD＝106°，求∠AEC的度数．【分析】先由三角形外角的性质，求出∠BAC的度数，然后由角平分线的定义即可求出∠BAE的度数，然后再根据外角的性质，即可求∠AEC的度数．【解答】解：∵∠ACD是△ABC的外角，∴∠ACD＝∠B+∠BAC，∵∠B＝40°，∠ACD＝106°，∴∠BAC＝66°，∵AE平分∠BAC，∴∠BAE＝∠BAC＝33°，∵∠AEC是△ABE的外角，∴∠AEC＝∠B+∠BAE＝73°．【点评】此题考查了三角形外角的性质及角平分线的定义，熟记三角形的外角等于与它不相邻的两个内角之和．23．（8分）如图，在△ABC和△DCB中，∠A＝∠D＝90°，OA＝OD，AC与BD相交于点O．（1）求证：AB＝CD；（2）请判断△OBC的形状，并证明你的结论．【分析】（1）根据已知条件，用HL公理证：△Rt ABC≌△Rt DCB，从而得证；（2）利用△Rt ABC≌△Rt DCB的对应角相等，即可证明△OBC是等腰三角形．【解答】证明：（1）在△Rt ABC与△Rt DCB中，∠A＝∠D＝90°，，∴△Rt ABC≌△Rt DCB（HL），∴AB＝CD；（2）△OBC是等腰三角形，理由如下：∵△ABC≌△DCB，则∠ACB＝∠DBC，在△OBC中，即∠OCB＝∠OBC∴△OBC是等腰三角形．【点评】此题主要考查全等三角形的判定和性质，关键是学生对直角三角形全等的判定和等腰三角形的判定与性质的理解和掌握．24．（10分）如图，已知港口A东偏南10°方向有一处小岛B，一艘货轮从港口A沿南偏东40°航线出发，行驶80海里到达C处，此时观测小岛B在北偏东60°方向．（1）求此时货轮到小岛B的距离．（2）在小岛周围36海里范围内是暗礁区，此时轮船向正东方向航行有没有触礁危险？请作出判断并说明理由．【分析】（1）根据题意得到∠CAB＝∠B，根据等腰三角形的性质得到CB＝CA＝80，得到答案；（2）作BD⊥CD于点D，求出∠BCD＝30°，根据直角三角形的性质计算即可．【解答】解：（1）由题意得，∠CAB＝90°﹣40°﹣10°＝40°，∠ACB＝40°+60°＝100°，∴∠B＝180°﹣100°﹣40°＝40°，∴∠CAB＝∠B，∴CB＝CA＝80（海里），答：此时货轮到小岛B的距离为80海里；（2）轮船向正东方向航行没有触礁危险．理由如下：如图，作BD⊥CD于点D，∵∠BCD＝90°﹣60°＝30°，∴BD＝BC＝40，∵40＞36，∴轮船向正东方向航行没有触礁危险．【点评】本题考查的是解直角三角形的应用﹣方向角问题，掌握直角三角形的性质、方向角的概念是解题的关键．25．（12分）如图，△ABC和△EBD中，∠ABC＝∠DBE＝90°，AB＝CB，BE＝BD，连接AE，CD，AE 与CD交于点M，AE与BC交于点N．（1）求证：AE＝CD；（2）求证：AE⊥CD；（3）连接BM，有以下两个结论：①BM平分∠CBE；②MB平分∠AMD．其中正确的有②（请写序号，少选、错选均不得分）．【分析】（1）欲证明AE＝△CD，只要证明ABE≌△CBD；（2）由△ABE≌△CBD，推出BAE＝∠BCD，由∠NMC＝180°﹣∠BCD﹣∠CNM，∠ABC＝180°﹣∠BAE ﹣∠ANB，又∠CNM＝∠ABC，∠ABC＝90°，可得∠NMC＝90°；（3）结论：②；作BK⊥AE于K，BJ⊥CD于J．理由角平分线的判定定理证明即可；【解答】（1）证明：∵∠ABC＝∠DBE，∴∠ABC+∠CBE＝∠DBE+∠CBE，即∠ABE＝∠CBD，在△ABE和△CBD中，，∴△ABE≌△CBD，∴AE＝CD．（2）∵△ABE≌△CBD，∴∠BAE＝∠BCD，∵∠NMC＝180°﹣∠BCD﹣∠CNM，∠ABC＝180°﹣∠BAE﹣∠ANB，又∠CNM＝∠ABC，∵∠ABC＝90°，∴∠NMC＝90°，∴AE⊥CD．（3）结论：②△S ABE＝理由：作BK⊥AE于K，BJ⊥CD于J．∵△ABE≌△CBD，∴AE＝CD，△S CDB，∴•AE•BK＝•CD•BJ，∴BK＝BJ，∵作BK⊥AE于K，BJ⊥CD于J，∴BM平分∠AMD．不妨设△①成立，则ABM≌△DBM，则AB＝BD，显然可不能，故①错误．故答案为②．【点评】本题考查全等三角形的判定和性质、等腰直角三角形的性质、角平分线的性质定理等知识，解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题，学会添加常用辅助线解决问题．26．（12分）如图1，点P、Q分别是边长为4cm的等边△ABC边AB、BC上的动点，点P从顶点A，点Q从顶点B同时出发，且它们的速度都为1cm/s．（1）连接AQ、CP交于点M，则在P、Q运动的过程中，∠CMQ变化吗？若变化，则说明理由，若不变，则求出它的度数；（2）试求何时△PBQ是直角三角形？（3）如图2，若点P、Q在运动到终点后继续在射线AB、BC上运动，直线AQ、CP交点为M，则∠CMQ 变化吗？若变化，则说明理由，若不变，则求出它的度数．【分析】（△1）利用等边三角形的性质可证明APC≌△BQA，则可求得∠BAQ＝∠ACP，再利用三角形外角的性质可证得∠CMQ＝60°；（2）可用t分别表示出BP和BQ，分∠BPQ＝90°和∠BPQ＝90°两种情况，分别利用直角三角形的性质可得到关于t的方程，则可求得t的值；（3）同（△1）可证得PBC≌△QCA，再利用三角形外角的性质可求得∠CMQ＝120°．【解答】解：（△1）∵ABC为等边三角形，∴AB＝AC，∠B＝∠P AC＝60°，∵点P从顶点A，点Q从顶点B同时出发，且它们的速度都为1cm/s，∴AP＝BQ，在△APC和△BQA中，∴△APC≌△BQA（SAS），∴∠BAQ＝∠ACP，∴∠CMQ＝∠CAQ+∠ACP＝∠BAQ+∠CAQ＝∠BAC＝60°，∴在P、Q运动的过程中，∠CMQ不变，∠CMQ＝60°；（2）∵运动时间为ts，则AP＝BQ＝t，∴PB＝4﹣t，当∠PQB＝90°时，∵∠B＝60°，∴PB＝2BQ，∴4﹣t＝2t，解得t＝，当∠BPQ＝90°时，∵∠B＝60°，∴BQ＝2PB，∴t＝2（4﹣t），解得t＝，∴当t为s或s时，△PBQ为直角三角形；（3）在等边三角形ABC中，AC＝BC，∠ABC＝∠BCA＝60°，∴∠PBC＝∠QCA＝120°，且BP＝CQ，在△PBC和△QCA中，∴△PBC≌△QCA（SAS），∴∠BPC＝∠MQC，又∵∠PCB＝∠MCQ，∴∠CMQ＝∠PBC＝120°，∴在P、Q运动的过程中，∠CMQ的大小不变，∠CMQ＝120°．【点评】本题为三角形的综合应用、等边三角形的性质、直角三角形的性质、勾股定理、全等三角形的判定和性质、解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题，学会用分类讨论的思想思考问题，属于中考压轴题．。

福建省厦门市湖里实验中学2018-2019学年八年级(上)期中数学试卷

2018-2019学年八年级（上）期中数学试卷一．选择题（共10小题）1．下列图形不是轴对称图形的是（）A．B．C．D．2．下列计算结果为a5的是（）A．a2+a3B．a2•a3C．（a3）2D．a15÷a33．如图所示，若△ABE≌△ACF，且AB＝5，AE＝3，则EC的长为（）A．2 B．3 C．5 D．2.54．如图，Rt△ABC中，∠C＝90°，∠ABC的平分线BD交AC于D．若CD＝3cm，则点D到AB的距离DE是（）A．5 cm B．4 cm C．3 cm D．2 cm5．如图，有A、B、C三个居民小区的位置成三角形，现决定在三个小区之间修建一个购物超市，使超市到三个小区的距离相等，则超市应建在（）A．在AC，BC两边高线的交点处B．在AC，BC两边中线的交点处C．在AC，BC两边垂直平分线的交点处D．在∠A，∠B两内角平分线的交点处6．如图，△ABC中，BC＝10，边BC的垂直平分线DE分别交AB、BC于点E、D，BE＝6，则△BCE的周长是（）A．16 B．22 C．26 D．217．等腰三角形的一个角是50°，则它的底角是（）A．50°B．50°或65°C．80°或50°D．65°8．如图，点P为∠AOB内一点，分别作出P点关于OA、OB的对称点P1，P2，连接P1P2交OA 于点M，交OB于点N，P1P2＝15，则△PMN的周长为（）A．14 B．15 C．16 D．179．如图所示，已知△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝AC，∠BAD＝30°，AD＝AE，则∠EDC的度数为（）A．10°B．15°C．20°D．30°10．如图所示，D为BC上一点，且AB＝AC＝BD，则图中∠1与∠2的关系是（）A．∠1＝2∠2 B．∠1+∠2＝180°C．∠1+3∠2＝180°D．3∠1﹣∠2＝180°二．填空题（共6小题）11．点M（1，2）关于x轴对称的点的坐标为．12．①（﹣3）•（﹣3）4（﹣3）5＝；②（﹣a2）3＝．13．等腰三角形的一边等于2cm，另一边等于7cm，则此三角形的周长为cm．14．如图，已知AD＝BC，根据“SAS”，还需要一个条件，可证明△ABC≌△BAD．15．如图，在△ABC中，∠ACB＝90°，∠A＝30°，CD⊥AB，AB＝8，则AD＝．16．如图，在△ABC中，∠B＝30°，点D是BC的中点，DE⊥BC交AB于点E，点O在DE 上，OA＝OC，OD＝1，OE＝2.5，则BE＝，AE＝．三．解答题（共9小题）17．计算：（1）a3•a•a2﹣9a2•a4（2）﹣m2•（﹣m2）4•（﹣m）3（3）（﹣8）2018×（﹣0.125）2017（4）（﹣a2b﹣2ab2+）•（﹣9a）18．解不等式组：19．在平面直角坐标系中，已知△ABC的三个顶点为A（3，0），B（1，1），C（0，﹣2），将△ABC关于y轴对称得到△A1B1C1．请画出平面直角坐标系，并在其中画出△ABC和△A1B1C1．20．如图，D在AB上，E在AC上，AB＝AC，∠B＝∠C，求证：AD＝AE．21．如图，在△ABC中，AB＝AC，AB的垂直平分线MN交AC于点D，交AB于点E．（1）若∠A＝50°，求∠DBC的度数．（2）若AB＝3，△CBD的周长为12，求△ABC得周长．22．如图，点C在线段AB上，AD∥EB，AC＝BE，AD＝BC，CF平分∠DCE．求证：CF⊥DE于点F．23．如图：E在△ABC的AC边的延长线上，D点在AB边上，DE交BC于点F，DF＝EF，BD ＝CE．求证：△ABC是等腰三角形．（过D作DG∥AC交BC于G）24．如图1，△ABC和△DEC都是等腰直角三角形，∠ACB＝∠DCE＝90°，E在线段AC上，连接AD，BE的延长线交AD于F．（1）猜想线段BE，AD的数量关系和位置关系：（不必证明）；（2）当点E为△ABC内部一点时，使点D和点E分别在AC的两侧，其它条件不变．①请你在图2中补全图形；②（1）中结论成立吗？若成立，请证明；若不成立，请说明理由．25．如图，在△ABC中，AB＝AC，点M在△ABC内，点P在线段MC上，∠ABP＝2∠ACM．（1）若∠PBC＝10°，∠BAC＝80°，求∠MPB的值；（2）若点M在底边BC的中线上，且BP＝AC，试探究∠A与∠ABP之间的数量关系，并证明．。

厦门市翔安区2019-2019学年八年级上期中数学试卷含答案解析

2019-2019学年福建省厦门市翔安区八年级（上）期中数学试卷一、单选题（本大题共10小题，每小题4分，共40分）1．如图，图中的图形是常见的安全标记，其中是轴对称图形的是（）A．B．C．D．2．已知等腰三角形一边长为2，一边的长为4，则这个等腰三角形的周长为（）A．8 B．9 C．10 D．8或103．五边形的内角和的度数为（）A．180°B．270°C．360°D．540°4．下面四个图形中，线段BD是△ABC的高的是（）A．B．C．D．5．如图所示，AB=AC，要说明△ADC≌△AEB，需添加的条件不能是（）A．∠B=∠C B．AD=AE C．∠ADC=∠AEB D．DC=BE6．如图，Rt△ABC中，∠A=30°，BC=2，AC=2，则AB长为（）A．2 B．2 C．4 D．47．如图，△ABC与△A′B′C′关于直线l对称，且∠A=98°，∠C′=48°，则∠B的度数为（）A．48° B．34° C．74° D．98°8．如图，在Rt△ABC中，∠A=90°，BD平分∠ABC交AC于D，且AD=5cm，AB=12cm，BD=13cm，则点D到BC的距离是（）A．5cm B．12cm C．13cm D．不能确定9．如图，把矩形纸片ABCD沿对角线折叠，设重叠部分为△EBD，那么下列说法错误的是（）A．△EBD是等腰三角形，EB=EDB．折叠后∠ABE和∠C′BD一定相等C．折叠后得到的图形是轴对称图形D．△EBA和△EDC′一定是全等三角形10．如图，在△ABC中，AC=4，BC边上的垂直平分线DE分别交BC、AB于点D、E，若△AEC的周长是14，则直线DE上任意一点到A、C距离和最小为（）A．28 B．18 C．10 D．7二、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）11．点P（2，﹣3）关于x轴的对称点坐标为．12．已知一个多边形的每一个内角都是140°，则这个多边形的边数为．13．如图，在△ABC中，∠A=80°，点D是BC延长线上一点，∠ACD=150°，则∠B= ．14．如图，AB交CD于点O，OA=OB，要使△AOC≌△BOD，则需要补充的一个条件是．15．如图，△ABC中，∠BAC=110°，AB、CD的垂直平分线分别交BC于点E、F，则∠EAF的度数为°．16．如图，点O是原点，AB∥x轴，点M在线段AB上，且OM=2b，点E是线段AO的中点，若点B和点E关于直线OM对称，点B的坐标是（0，a），则点A的坐标是（结果用a，b表示）．三、解答题（本大题共11小题，共86分）17．一个多边形的内角和是外角和的3倍，它是几边形？（要求：列方程解，要有解题过程）18．如图，B处在A处的南偏西45°方向，C处在A处的南偏东15°方向，C处在B处的北偏东80°方向，求∠ACB的度数．19．已知：如图，点B、F、C、E在一条直线上，∠B=∠E，∠ACB=∠DFE，且BF=EC．求证：△ABC ≌△DEF．20．已知：如图，在△BAC中，AB=AC，D，E分别为AB，AC边上的点，且DE∥BC，求证：△ADE是等腰三角形．21．作图题：尺规作图（不写过程，保留作图痕迹）．已知：如图，∠AOB和点C、D．求作点M，使MC=MD，且M到∠AOB两边的距离相等．22．已知点A（1，1），B（﹣1，3），C（﹣3，1），在坐标系中画出△ABC，并作出△ABC关于x 轴的对称图形△A′B′C′，并求△ABC 的面积．23．如图，已知Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠A=30°，AC边上的垂直平分线DE交AB于点D，交AC 于E．若DE=3，求AB的长．24．如图，AC=BC，∠ACB=90°，BE⊥CE垂足为E，AD⊥CE垂足为D，AD=5，DE=3，求BE的长．25．如图，△ABC是等边三角形，D是AB边上的一点，以CD为边作等边三角形CDE，使点E、A在直线DC的同侧，连接AE．求证：AE∥BC．26．已知，在△ABC中，∠BAC=90°，AB=AC，CE平分∠ACB交AB于点E．（1）如图1，若点D在斜边BC上，DM垂直平分BE，垂足为M．求证：BD=AE；（2）如图2，过点B作BF⊥CE，交CE的延长线与点F．若CE=6，求△BEC的面积．27．在平面直角坐标系中，点A的坐标为（4，4）．（1）如图1，若点B 在x轴正半轴上，点C（1，﹣1），且AB=BC，AB⊥BC，求点B坐标．（2）如图2，若点B在x轴负半轴上，AE⊥x轴于E，AF⊥y轴于F，∠BFM=45°，MF交直线AE于M．求证：OB+BM=AM．2019-2019学年福建省厦门市翔安区八年级（上）期中数学试卷参考答案与试题解析一、单选题（本大题共10小题，每小题4分，共40分）1．如图，图中的图形是常见的安全标记，其中是轴对称图形的是（）A．B．C．D．【考点】轴对称图形．【分析】根据轴对称图形的概念：如果一个图形沿一条直线折叠后，直线两旁的部分能够互相重合，那么这个图形叫做轴对称图形．据此对常见的安全标记图形进行判断．【解答】解：A、有一条对称轴，是轴对称图形，符合题意；B、不是轴对称图形，因为找不到任何这样的一条直线，使它沿这条直线折叠后，直线两旁的部分能够重合，即不满足轴对称图形的定义．不符合题意；C、不是轴对称图形，因为找不到任何这样的一条直线，使它沿这条直线折叠后，直线两旁的部分能够重合，即不满足轴对称图形的定义．不符合题意；D、不是轴对称图形，因为找不到任何这样的一条直线，使它沿这条直线折叠后，直线两旁的部分能够重合，即不满足轴对称图形的定义．不符合题意．故选A．【点评】本题考查了轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合．2．已知等腰三角形一边长为2，一边的长为4，则这个等腰三角形的周长为（）A．8 B．9 C．10 D．8或10【考点】等腰三角形的性质；三角形三边关系．【分析】因为已知长度为2和4两边，没由明确是底边还是腰，所以有两种情况，需要分类讨论．【解答】解：①当2为底时，其它两边都为4，2、4、4可以构成三角形，周长为10；②当2为腰时，其它两边为4和8，∵2+2=4，∴不能构成三角形，故舍去，∴答案只有10．故选C．【点评】本题考查了等腰三角形的性质和三角形的三边关系；已知没有明确腰和底边的题目一定要想到两种情况，分类进行讨论，还应验证各种情况是否能构成三角形进行解答，这点非常重要，也是解题的关键．3．五边形的内角和的度数为（）A．180°B．270°C．360°D．540°【考点】多边形内角与外角．【分析】利用多边形内角和公式可求得答案．【解答】解：五边形的内角和度数=（5﹣2）×180°=540°，故选D．【点评】本题主要考查多边形的内角和公式，掌握多边形的内角和公式是解题的关键，即多边形的内角和=（n﹣2）180°．4．下面四个图形中，线段BD是△ABC的高的是（）A．B．C．D．【考点】三角形的角平分线、中线和高．【分析】根据三角形高的定义进行判断．【解答】解：线段BD是△ABC的高，则过点B作对边AC的垂线，则垂线段BD为△ABC的高．故选A．【点评】本题考查了三角形的角平分线、中线和高：三角形有三条中线，有三条高线，有三条角平分线，它们都是线段．锐角三角形的三条高在三角形内部，相交于三角形内一点，直角三角形有两条高与直角边重合，另一条高在三角形内部，它们的交点是直角顶点；钝角三角形有两条高在三角形外部，一条高在三角形内部，三条高所在直线相交于三角形外一点．5．如图所示，AB=AC，要说明△ADC≌△AEB，需添加的条件不能是（）A．∠B=∠C B．AD=AE C．∠ADC=∠AEB D．DC=BE【考点】全等三角形的判定．【分析】△ADC和△AEB中，已知的条件有AB=AC，∠A=∠A；要判定两三角形全等只需条件：一组对应角相等，或AD=AE即可．可据此进行判断，两边及一边的对角相等是不能判定两个三角形全等的．【解答】解：A、当∠B=∠C时，符合ASA的判定条件，故A正确；B、当AD=AE时，符合SAS的判定条件，故B正确；C、当∠ADC=∠AEB时，符合AAS的判定条件，故C正确；D、当DC=BE时，给出的条件是SSA，不能判定两个三角形全等，故D错误；故选：D．【点评】本题主要考查的是全等三角形的判定方法，需注意的是SSA和AAA不能作为判定两个三角形全等的依据．6．如图，Rt△ABC中，∠A=30°，BC=2，AC=2，则AB长为（）A．2 B．2 C．4 D．4【考点】含30度角的直角三角形．【分析】在直角三角形中，30°角所对的直角边等于斜边的一半．【解答】解：如图，∵在Rt△ABC中，∠A=30°，BC=2，∴AB=2BC=4．故选C．【点评】本题考查了含30度角的直角三角形．注意：①该性质是直角三角形中含有特殊度数的角（30°）的特殊定理，非直角三角形或一般直角三角形不能应用；②应用时，要注意找准30°的角所对的直角边，点明斜边．7．如图，△ABC与△A′B′C′关于直线l对称，且∠A=98°，∠C′=48°，则∠B的度数为（）A．48° B．34° C．74° D．98°【考点】轴对称的性质．【专题】常规题型．【分析】根据轴对称图形的性质可得△ABC与△A′B′C′全等，然后根据全等三角形对应角相等可得∠C=∠C′，再利用三角形内角和定理列式计算即可得解．【解答】解：∵△ABC与△A′B′C′关于直线l对称，∴△ABC≌△A′B′C′，∴∠C=∠C′，∵∠A=98°，∠C′=48°，∴∠B=180°﹣∠A﹣∠C=180°﹣98°﹣48°=34°．故选B．【点评】本题考查了轴对称的性质，全等三角形的性质，三角形的内角和定理，求出∠C的度数是解题的关键．8．如图，在Rt△ABC中，∠A=90°，BD平分∠ABC交AC于D，且AD=5cm，AB=12cm，BD=13cm，则点D到BC的距离是（）A．5cm B．12cm C．13cm D．不能确定【考点】角平分线的性质．【分析】作DE⊥BC于E，根据角平分线的性质解答即可．【解答】解：作DE⊥BC于E，∵BD平分∠ABC，∠A=90°，DE⊥BC，DE=AD=5cm，故选：A．【点评】本题考查的是角平分线的性质，掌握角的平分线上的点到角的两边的距离相等是解题的关键．9．如图，把矩形纸片ABCD沿对角线折叠，设重叠部分为△EBD，那么下列说法错误的是（）A．△EBD是等腰三角形，EB=EDB．折叠后∠ABE和∠C′BD一定相等C．折叠后得到的图形是轴对称图形D．△EBA和△EDC′一定是全等三角形【考点】翻折变换（折叠问题）．【分析】根据题意结合图形可以证明EB=ED，进而证明△ABE≌△C′DE；此时可以判断选项A、B、D 是成立的，问题即可解决．【解答】解：由题意得：△BC′D≌△BFD，∴DC′=DF，∠C′=∠C=90°；∠C′BD=∠CBD；又∵四边形ABCD为矩形，∴∠A=∠F=90°；DE∥BF，AB=DF；∴∠EDB=∠FBD，DC′=AB；∴∠EDB=∠C′BD，∴EB=ED，△EBD为等腰三角形；在△ABE与△CDE中，∵，∴△ABE≌△C′DE（HL）；又∵△EBD为等腰三角形，∴折叠后得到的图形是轴对称图形；综上所述，选项A、C、D成立，∴下列说法错误的是B，故选B．【点评】该命题主要考查了翻折变换及其应用问题；解题的关键是灵活运用翻折变换的性质，找出图中隐含的等量关系；借助矩形的性质、全等三角形的判定等几何知识来分析、判断、推理或解答10．如图，在△ABC中，AC=4，BC边上的垂直平分线DE分别交BC、AB于点D、E，若△AEC的周长是14，则直线DE上任意一点到A、C距离和最小为（）A．28 B．18 C．10 D．7【考点】轴对称-最短路线问题；线段垂直平分线的性质．【分析】利用垂直平分线的性质和已知的周长计算．【解答】解：∵DE是BC的中垂线，∴BE=EC，则AB=EB+AE=CE+EA，又∵△ACE的周长为14，故AB=14﹣4=10，直线DE上任意一点到A、C距离和最小为10．故选C．【点评】本题考查的是线段垂直平分线的性质（垂直平分线上任意一点，和线段两端点的距离相等）有关知识．难度简单．二、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）11．点P（2，﹣3）关于x轴的对称点坐标为（2，3）．【考点】关于x轴、y轴对称的点的坐标．【分析】根据关于x轴对称的点，横坐标相同，纵坐标互为相反数，可得答案．【解答】解：点P（2，﹣3）关于x轴的对称点坐标为（2，3），故答案为：（2，3）．【点评】本题考查了关于x轴、y轴对称的点的坐标，解决本题的关键是掌握好对称点的坐标规律：关于x轴对称的点，横坐标相同，纵坐标互为相反数；关于y轴对称的点，纵坐标相同，横坐标互为相反数；关于原点对称的点，横坐标与纵坐标都互为相反数．12．已知一个多边形的每一个内角都是140°，则这个多边形的边数为九．【考点】多边形内角与外角．【分析】首先求得每个外角的度数，然后利用360度除以外角的底数即可求解．【解答】解：外角的度数是：180﹣140=40°，则多边形的边数为：360÷40=9．故答案是：九．【点评】此题比较简单，理解任意多边形的外角和都是360度是关键．13．如图，在△ABC中，∠A=80°，点D是BC延长线上一点，∠ACD=150°，则∠B= 70°．【考点】三角形的外角性质．【专题】应用题．【分析】根据三角形的外角等于与它不相邻的两个内角和，即可得出∠B的度数．【解答】解：∵∠ACD=∠A+∠B，∠A=80°，∠ACD=150°，∴∠B=70°．故答案为：70°．【点评】本题考查了三角形的外角等于与它不相邻的内角和，难度适中．14．如图，AB交CD于点O，OA=OB，要使△AOC≌△BOD，则需要补充的一个条件是OC=OD（或填∠A=∠B或∠C=∠D亦可）．【考点】全等三角形的判定．【分析】此题答案不唯一，可以是OC=OD，根据全等三角形的判定定理SAS可证出来，还可以∠C=∠D或∠A=∠B．【解答】解：OC=OD，理由是：∵在△AOC和△BOD中∴△AOC≌△BOD（SAS），故答案为：OC=OD．【点评】本题考查了全等三角形的判定定理的应用，此题是一道开放型的题目，答案不唯一，还可以∠C=∠D或∠A=∠B．15．如图，△ABC中，∠BAC=110°，AB、CD的垂直平分线分别交BC于点E、F，则∠EAF的度数为40 °．【考点】线段垂直平分线的性质．【分析】利用垂直平分线的性质求EA=EB，则∠B=∠EAG，FA=FC，则∠C=∠FAH，再利用三角形的内角和计算．【解答】解：∵AB、AC的垂直平分线分别交BC于点E、F，∴EA=EB，则∠B=∠EAG，设∠B=∠EAG=x度，∵FA=FC，则∠C=∠FAH，设∠C=∠FAH=y，∵∠BAC=110°，∴x+y+∠EAF=110°，根据三角形内角和定理，x+y+x+y+∠EAF=180°，解得∠EAF=40°．故答案为：40．【点评】此题考查了线段垂直平分线的性质、等腰三角形的判定与性质以及三角形外角的性质．此题难度适中，注意掌握数形结合思想与整体思想的应用．16．如图，点O是原点，AB∥x轴，点M在线段AB上，且OM=2b，点E是线段AO的中点，若点B和点E关于直线OM对称，点B的坐标是（0，a），则点A的坐标是（3b，a）（结果用a，b表示）．【考点】坐标与图形变化-对称．【分析】根据点B的坐标求出OB的长，再连接ME，根据轴对称的性质可得OB=OE，再求出AO的长度，然后利用三角函数得到∠A=30°，∠AOB=60°，进一步得到∠BOM=∠AOM=30°，再根据等角对等边得到AM=OM=2b，根据三角函数得到BM=OM=b，从而求出AB的长，然后写出点A的坐标即可．【解答】解：∵点B（0，a），∴OB=a，连接ME，∵点B和点E关于直线OM对称，∴OB=OE=a，∵点E是线段AO的中点，∴AO=2OE=2a，∴∠A=30°，∠AOB=60°，∴∠BOM=∠AOM=30°，∴AM=OM=2b，∵BM=OM=b，∴AB=BM+MA=3a，∴点A的坐标是（3b，a）．故答案为：（3b，a）．【点评】本题考查了轴对称的性质，坐标与图形性质，解直角三角形，熟练掌握轴对称的性质并作出辅助线构造出直角三角形是解题的关键．三、解答题（本大题共11小题，共86分）17．一个多边形的内角和是外角和的3倍，它是几边形？（要求：列方程解，要有解题过程）【考点】多边形内角与外角．【分析】根据多边形的内角和公式与外角和定理列出方程，然后求解即可．【解答】解：设这个多边形是n边形，则根据题意，得：（n﹣2）﹒180°=3×360°，解得n=8，答：这个多边形是八边形；【点评】本题考查了多边形内角与外角，熟记多边形的内角和公式与外角和定理是解题的关键．18．如图，B处在A处的南偏西45°方向，C处在A处的南偏东15°方向，C处在B处的北偏东80°方向，求∠ACB的度数．【考点】方向角．【分析】根据方向角的定义，可得∠BAE=45°，∠CAE=15°，∠DBC=80°，然后根据平行线的性质与三角形内角和定理即可求解．【解答】解：如图，根据方向角的定义，可得∠BAE=45°，∠CAE=15°，∠DBC=80°．∵∠BAE=45°，∠EAC=15°，∴∠BAC=∠BAE+∠EAC=45°+15°=60°．∵AE，DB是正南正北方向，∴BD∥AE，∵∠DBA=∠BAE=45°，又∵∠DBC=80°，∴∠ABC=80°﹣45°=35°，∴∠ACB=180°﹣∠ABC﹣∠BAC=180°﹣60°﹣35°=85°．【点评】本题主要考查了方向角的定义，平行线的性质以及三角形的内角和定理，正确理解定义是解题的关键．19．已知：如图，点B、F、C、E在一条直线上，∠B=∠E，∠ACB=∠DFE，且BF=EC．求证：△ABC ≌△DEF．【考点】全等三角形的判定．【专题】证明题．【分析】首先求出BC=EF，进而利用全等三角形的判定定理ASA证明两个三角形全等．【解答】解：∵BF=EC∴BF+CF=EC+CF，∴BC=EF，在△ABC和△DEF中，∵∴△ABC≌△DEF （ASA）．【点评】本题考查三角形全等的判定方法，判定两个三角形全等的一般方法有：SSS、SAS、ASA、AAS、HL．注意：AAA、SSA不能判定两个三角形全等，判定两个三角形全等时，必须有边的参与，若有两边一角对应相等时，角必须是两边的夹角．20．已知：如图，在△BAC中，AB=AC，D，E分别为AB，AC边上的点，且DE∥BC，求证：△ADE是等腰三角形．【考点】等腰三角形的判定与性质．【专题】证明题．【分析】根据等腰三角形的性质得到∠B=∠C，根据平行线的性质得到∠B=∠ADE，∠C=∠AED，等量代换得到∠ADE=∠AED，即可得到结论．【解答】证明：∵AB=AC，∴∠B=∠C，又∵DE∥BC，∴∠B=∠ADE，∠C=∠AED，∴∠ADE=∠AED，∴AD=AE，∴△ADE是等腰三角形．【点评】本题考查了等腰三角形的性质和判定，平行线的性质，三角形内角和定理，熟记定理与性质是解题的关键．21．作图题：尺规作图（不写过程，保留作图痕迹）．已知：如图，∠AOB和点C、D．求作点M，使MC=MD，且M到∠AOB两边的距离相等．【考点】作图—复杂作图；角平分线的性质；线段垂直平分线的性质．【分析】画出CD的垂直平分线，画出∠AOB的平分线，两线的交点就是M位置．【解答】解：如图所示：点M即为所求．【点评】此题主要考查了复杂作图，关键是掌握线段垂直平分线上任意一点，到线段两端点的距离相等．角平分线上的点到角两边的距离相等．22．已知点A（1，1），B（﹣1，3），C（﹣3，1），在坐标系中画出△ABC，并作出△ABC关于x 轴的对称图形△A′B′C′，并求△ABC 的面积．【考点】作图-轴对称变换．【分析】在坐标系内找出各点，再顺次连接即可得到△ABC，再分别作出各点关于x轴的对称点，顺次连接即可．【解答】解：如图，△ABC、△A′B′C′为所求作的三角形．=×4×2=4．S△ABC【点评】本题考查的是作图﹣轴对称变换，熟知轴对称的性质是解答此题的关键．23．如图，已知Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠A=30°，AC边上的垂直平分线DE交AB于点D，交AC 于E．若DE=3，求AB的长．【考点】含30度角的直角三角形；线段垂直平分线的性质．【分析】首先根据线段垂直平分线的性质得到CD=AD，进而求出BD=CD，利用含30度角直角三角形的性质即可求出AB的长．【解答】解：∵AC边上的垂直平分线是DE，∴CD=AD，DE⊥AC，∴∠A=∠DCA=30°，∵∠ACB=90°，∴∠BCD=∠ACB﹣∠DCA=90°﹣30°=60°，∵∠B=180°﹣∠ACB﹣∠A=180°﹣90°﹣30°=60°∴∠BCD=∠B=60°∴BD=CD，∴BD=CD=AD=AB，∵DE=3，DE⊥AC，∠A=30°∴AD=2DE=6，∴AB=2AD=12．【点评】本题主要考查了含30度角的直角三角形以及线段垂直平分线的性质，解题的关键是求出BD=CD，此题难度不大．24．如图，AC=BC，∠ACB=90°，BE⊥CE垂足为E，AD⊥CE垂足为D，AD=5，DE=3，求BE的长．【考点】全等三角形的判定与性质．【专题】证明题．【分析】可先证明△BCE≌△CAD，可求得CE=AD，结合条件可求得CD，则可求得BE．【解答】解：∵∠ACB=90°，∴∠BCE+∠ACD=90°，又∵BE⊥CE，AD⊥CE，∴∠E=∠ADC=90°，∴∠BCE+∠CBE=90°，∴∠CBE=∠ACD，在△CBE和△ACD中，∴△CBE≌△ACD（AAS），∴BE=CD，CE=AD=5，∵DE=3，∴CD=CE﹣DE=AD﹣DE=5﹣3=2，∴BE=CD=2．【点评】本题主要考查全等三角形的判定和性质，掌握全等三角形的判定方法（即SSS、SAS、ASA、AAS和HL）和全等三角形的性质（即全等三角形的对应边相等、对应角相等）．25．如图，△ABC是等边三角形，D是AB边上的一点，以CD为边作等边三角形CDE，使点E、A在直线DC的同侧，连接AE．求证：AE∥BC．【考点】全等三角形的判定与性质；平行线的判定；等边三角形的性质．【专题】证明题．【分析】根据等边三角形性质推出BC=AC，CD=CE，∠BCA=∠ECD=60°，求出∠BCD=∠ACE，根据SAS 证△ACE≌△BCD，推出∠EAC=∠DBC=∠ACB，根据平行线的判定推出即可．【解答】证明：∵△ABC和△DEC是等边三角形，∴BC=AC，CD=CE，∠BCA=∠ECD=60°，∠B=60°，∴∠BCA﹣∠DCA=∠ECD﹣∠DCA，即∠BCD=∠ACE，∵在△ACE和△BCD中，∴△ACE≌△BCD（SAS），∵∠B=60°，∴∠EAC=∠B=60°=∠ACB，∴AE∥BC．【点评】本题考查了等边三角形性质，全等三角形的判定和性质，平行线的判定，关键是求出△ACE ≌△BCD，主要考查学生的推理能力．26．已知，在△ABC中，∠BAC=90°，AB=AC，CE平分∠ACB交AB于点E．（1）如图1，若点D在斜边BC上，DM垂直平分BE，垂足为M．求证：BD=AE；（2）如图2，过点B作BF⊥CE，交CE的延长线与点F．若CE=6，求△BEC的面积．【考点】全等三角形的判定与性质；线段垂直平分线的性质；等腰直角三角形．【分析】（1）连接DE，由∠BAC=90°，AB=AC，可得∠B=45°，由DM垂直平分BE，可得BD=DE，进而判断△BDE是等腰直角三角形，所以ED⊥BD，然后由角平分线的性质可得ED=AE，根据等量代换可得BD=AE；（2）延长BF，CA，交与点G，由CE平分∠ACB，可得∠ACE=∠BCE，由BF⊥CE，可得∠BFC=∠GFC=90°，然后由三角形内角和定理可得：∠GBC=∠G，进而可得BC=GC，然后由等腰三角形的三线合一，可得BF=FG=BG，所以BG=2BF=2FG=4，然后再由ASA，可证△ACE≌△ABG，可得EC=BG=4，最后根据三角形的面积公式即可求△BEC的面积．【解答】解：（1）连接ED，如图1，∵AB=AC，∠BAC=90°，∴∠B=∠A CB=45°，∵DM垂直平分BE，∴BD=ED，∴∠BED=∠B=45°，∴∠EDC=∠B+∠BED=90°，∵CE平分∠ACB，∠BAC=90°，∠EDC=90°，∴ED=EA，∴BD=AE；（2）延长BF和CA交于点G，如图2，∵CE平分∠ACB，∴∠ACF=∠BCF，∵BF⊥CE，∴∠BFC=∠GFC=90°，∴∠CBG=∠CGB，∴CG=CB，∴BF=GF=BG，∵∠GFC=∠GAB=90°，∴∠ACF+∠G=90°，∴∠ABG+∠G=90°，∴∠ACF=∠ABG，在△ACE和△ABG中，，∴△ACE≌△ABG（ASA），∴CE=BG，∴CE=2BF，∵CE=6，∴BF=CE=3，=CE•BF=×6×3=9．S△BEC【点评】该题主要考查了全等三角形的判定及其性质的应用问题；准确找出命题中隐含的等量关系，是证明全等三角形的关键．27．（2019秋•翔安区校级期中）在平面直角坐标系中，点A的坐标为（4，4）．（1）如图1，若点B 在x轴正半轴上，点C（1，﹣1），且AB=BC，AB⊥BC，求点B坐标．（2）如图2，若点B在x轴负半轴上，AE⊥x轴于E，AF⊥y轴于F，∠BFM=45°，MF交直线AE于M．求证：OB+BM=AM．【考点】全等三角形的判定与性质；坐标与图形性质．【分析】（1）如图1，过A作AD⊥x轴，CE⊥x轴，垂足分别为D、E．根据余角的性质得到∠DAB=∠EBC，根据全等三角形的性质得到BD=CE，根据线段的和差即可得到结论；（2）如图2，在AM上截取AN=OB，连接FN，由已知得到OF=AF=4，根据全等三角形的性质得到∠BFO=∠NFA，BF=NF，推出△BFM≌△NFM（SAS），得到BM=NM，由线段的和差即可得到结论．【解答】（1）解：如图1，过A作AD⊥x轴，CE⊥x轴，垂足分别为D、E．∵AD⊥x轴，CE⊥x轴，∴∠ADB=∠BEC=90°，∴∠DAB+∠ABD=90°，∵AB⊥BC，∴∠EBC+∠ABD=90°，∴∠DAB=∠EBC，在△ADB与△BEC中，，∴△ADB≌△BEC（AAS），∴BD=CE，∵A（4，4），C（1，﹣1），∴OD=4，CE=1，∴OB=OD+BD=OD+CE=4+1=5，∴B（5，0）；（2）解：如图2，在AM上截取AN=OB，连接FN，∵A（4，4），∴OF=AF=4，在△BOF与△NAF中，，∴△BOF≌△NAF（SAS），∴∠BFO=∠NFA，BF=NF，∵∠BFM=∠BFO+∠OFM=45°，∴∠NFA+∠OFM=45°，∴∠OFA=90°，∴∠NFM=∠OFA﹣（∠NFA+∠OFM）=900﹣450=45°，∴∠BFM=∠NFM，在△BFM与△NFM中，，∴△BFM≌△NFM（SAS），∴BM=NM，∴AM=AN+NM=OB+BM．【点评】本题考查了全等三角形的判定和性质，正确的作出辅助线是解题的关键．。

2018-2019学年人教新版福建省厦门市思明区双十中学八年级第二学期期中数学试卷含解析

2018-2019学年八年级第二学期期中数学测试卷一、选择题1．函数2y x =+中，自变量x 的取值范围在数轴上表示正确的是( )A ．B ．C ．D ．2．下列式子中，属于最简二次根式的是( ) A ．9B ．10C ．20D ．133．设路程为()s km ，速度为(/)v km h ，时间为()t h ，当50s =时，50t v=，在这个函数关系式中( )A ．路程是常量，t 是s 的函数B ．速度是常量，t 是v 的函数C ．时间是常量，v 是t 的函数D ．50S =是常量，v 是自变量，t 是v 的函数4．以下列各组数据为边长作三角形，其中能组成直角三角形的是( ) A ．8，15，17B ．2，5，27C ．6，9，15D ．4，12，135．下列计算正确的是( ) A ．2(2)2=B ．321-=C ．623÷=D ．235=g6．已知四边形ABCD 中，//AB CD ．则添加下列条件，不能使四边形ABCD 成为平行四边形的是( ) A ．AB CD =B ．B D ∠=∠C ．//AD BCD ．AD BC =7．如图，在矩形ABCD 中，对角线AC ，BD 交于点O ，若50COD ∠=︒，那么CAD ∠的度数是( )A ．20︒B ．25︒C ．30︒D ．40︒8．如图，在ABCD Y 中，用直尺和圆规作BAD ∠的平分线AG 交BC 于点E ．若6BF =，AB=，则AE的长为()5A．4 B．6 C．8 D．109．如图，乌鸦口渴到处找水喝，它看到了一个装有水的瓶子但水位较低，且瓶口又小，乌鸦喝不着水，沉思一会后，聪明的乌鸦衔来一个个小石子放入瓶中，水位上升后，乌鸦喝到了水．在这则乌鸦喝水的故事中，设从乌鸦看到瓶的那刻起向后的时间为x，瓶中水位的高度为y，如图所示的图象中最符合故事情景的是()A．B．C．D．10．如图，在Rt ABC∠=︒，分别以各边为直径作半圆，图中阴影部分在数学史C∆中，90上称为“希波克拉底月牙”，当4BC=时，则阴影部分的面积为()AC=，2A．4 B．4πC．8πD．8二、填空题（本大题有6小题，每小题4分，共24分）11．化简（18=；（2）36=．12．在平行四边形ABCD中，已知5AB=，3BC=，则它的周长为13．如图，在平行四边形ABCD中，10BC=，14AC=，8BD=，则BOC∆的周长是．14．《九章算术》是我国古代最重要的数学著作之一，在“勾股”章中记载了一道“折竹抵地”问题：“今有竹高一丈，末折抵地，去本三尺，问折者高几何？”翻译成数学问题是：如图所示，ABC∆中，90ACB∠=︒，10AC AB+=，3BC=，求AC的长，如果设AC x=，则可列方程为．15．如图，ACB∆和ECD∆都是等腰直角三角形，ACB∆的锐角顶点A在ECD∆的斜边DE上，若3AE=，5AC=，则DE=．16．如图，正方形ABCD的面积是2，E，F，P分别是AB，BC，AC上的动点，PE PF+的最小值等于．三、解答题（本大题有9小题，共86分）17．计算：（1）112282-+ （2）27506⨯÷18．当31x =+，31y =-时，求代数式22x y xy -+的值． 19．用描点法画出函数1y x =-的图象．20．某天早晨，王老师从家出发步行前往学校，途中在路边一饭店吃早餐，如图所示是王老师从家到学校这一过程中的所走路程s （米)与时间t （分)之间的关系．（1）学校离他家米，从出发到学校，王老师共用了分钟；（2）王老师吃早餐用了多少分钟？（3）王老师吃早餐以前的速度快还是吃完早餐以后的速度快？吃完早餐后的平均速度是多少？21．如图，在四边形ABCD 中，1AB =，2BC =，2CD =，3AD =，且90ABC ∠=︒，连接AC ，试判断ACD ∆的形状．22．已知：如图，在平行四边形ABCD 中，对角线AC ，BD 相交于点O ．若12∠=∠，4AB =，8BD =，求：平行四边形ABCD 的周长．23．如图1，在Rt ABC ∆中，90ACB ∠=︒，过点C 的直线//m AB ，D 为AB 边上一点，过点D 作DE BC ⊥，交直线m 于点E ，垂足为点F ，连接CD 、BE ．（Ⅰ）求证：CE AD =；（Ⅱ）如图2，当点D是AB中点时，连接CD．()i四边形BECD是什么特殊四边形？说明你的理由；()ii当A∠=︒时，四边形BECD是正方形．（直接写出答案）24．如图，菱形ABCD中，60BAD∠=︒，过点D作DE AD⊥交对角线AC于点E，连接BE，取BE的中点F，连接DF（1）请你根据题意补全图形；（2）若10AB=，则菱形ABCD的面积为；（直接写出答案）（3）请用等式表示线段DF、AE、BC之间的数量关系，并证明．25．在一次数学活动中，小辉将一块矩形纸片ABCD对折，使AD与BC重合，得到折痕EF，把纸片展开，再一次折叠纸片，使点A落在EF上，并使折痕经过点B，得到折痕BM．同时，得到了线段BN（1）如图1，若点N刚好落在折痕EF上时，①过N作NG BC⊥，求证：12NG BN=；②求AMN∠的度数；（2）如图2，当M为射线AD上的一个动点时，已知3AB=，5BC=，若BNC∆是直三角形时，请求出AM的长．参考答案一、选择题1．函数2y x =+中，自变量x 的取值范围在数轴上表示正确的是( )A ．B ．C ．D ．【分析】根据二次根式有意义的条件可得20x +…，再解即可．解：由题意得：20x +…，解得：2x -…，在数轴上表示为，故选：D ．2．下列式子中，属于最简二次根式的是( ) A 9B 10C 20D 13【分析】根据最简二次根式必须满足两个条件：（1）被开方数不含分母；（2）被开方数不含能开得尽方的因数或因式进行判断即可．解：A 93=，被开方数含能开得尽方的因数，不是最简二次根式； B 10是最简二次根式；C 2025=，被开方数含能开得尽方的因数，不是最简二次根式；D 13故选：B ．3．设路程为()s km ，速度为(/)v km h ，时间为()t h ，当50s =时，50t v=，在这个函数关系式中( )A ．路程是常量，t 是s 的函数B ．速度是常量，t 是v 的函数C ．时间是常量，v 是t 的函数D ．50S =是常量，v 是自变量，t 是v 的函数【分析】利用函数的概念对各选项进行判断．解：在函数关系式50t v=中，v 为自变量，t 为v 的函数，50为常量．故选：D ．4．以下列各组数据为边长作三角形，其中能组成直角三角形的是( )A ．8，15，17B ，5，C ．6，9，15D ．4，12，13【分析】根据勾股定理的逆定理逐个判断即可．【解答】A 、22281517+=Q ，∴以8，15，17为边能组成直角三角形，故本选项符合题意；B 、2225+≠Q ，∴，5，C 、2226915+≠Q ，∴以6，9，15为边不能组成直角三角形，故本选项不符合题意；D 、22241213+≠Q ，∴以4，12，13为边不能组成直角三角形，故本选项不符合题意；故选：A ．5．下列计算正确的是( )A ．22=B 1=C 3=D =【分析】计算出各个选项中的式子的正确结果，即可得到哪个选项是正确的．解：Q 22=，故选项A 正确；Q -不能合并，故选项B 错误；Q =，故选项C 错误；Q=，故选项D 错误；故选：A ．6．已知四边形ABCD 中，//AB CD ．则添加下列条件，不能使四边形ABCD 成为平行四边形的是( ) A ．AB CD =B ．B D ∠=∠C ．//AD BCD ．AD BC =【分析】已知//AB CD，可根据有一组边平行且相等的四边形是平行四边形来判定，也可根据两组分别平行的四边形是平行四边形来判定．解：Q在四边形ABCD中，//AB CD，=，∴可添加的条件是：AB DC∴四边形ABCD是平行四边形（一组对边平行且相等的四边形是平行四边形），故选项A不符合题意；Q，//AB CD∴∠+∠=︒，B C180Q，∠=∠B DD C∴∠+∠=︒，180AD BC∴，//∴四边形ABCD是平行四边形，故选项B不符合题意；Q，//AD BC，AB CD//∴四边形ABCD是平行四边形，故选项C不符合题意；Q，AD BC=无法得出四边形ABCD是平行四边形，故选项D符合题意．AB CD//故选：D．7．如图，在矩形ABCD中，对角线AC，BD交于点O，若50∠的度COD∠=︒，那么CAD 数是()A．20︒B．25︒C．30︒D．40︒【分析】只要证明OA OD=，根据三角形的外角的性质即可解决问题；解：Q矩形ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，=，OA OC=，∴=，OD OBDB AC∴=，OA OD∴∠=∠，CAD ADO50COD CAD ADO ∠=︒=∠+∠Q ， 25CAD ∴∠=︒，故选：B ．8．如图，在ABCD Y 中，用直尺和圆规作BAD ∠的平分线AG 交BC 于点E ．若6BF =，5AB =，则AE 的长为( )A ．4B ．6C ．8D ．10【分析】由基本作图得到AB AF =，加上AO 平分BAD ∠，则根据等腰三角形的性质得到AO BF ⊥，132BO FO BF ===，再根据平行四边形的性质得//AF BE ，所以13∠=∠，于是得到23∠=∠，根据等腰三角形的判定得AB EB =，然后再根据等腰三角形的性质得到AO OE =，最后利用勾股定理计算出AO ，从而得到AE 的长．解：连结EF ，AE 与BF 交于点O ，如图， AB AF =Q ，AO 平分BAD ∠， AO BF ∴⊥，132BO FO BF ===， Q 四边形ABCD 为平行四边形， //AF BE ∴， 13∴∠=∠， 23∴∠=∠，AB EB ∴=，而BO AE ⊥， AO OE ∴=，在Rt AOB ∆中，2222534AO AB OB =-=-=， 28AE AO ∴==．故选：C ．9．如图，乌鸦口渴到处找水喝，它看到了一个装有水的瓶子但水位较低，且瓶口又小，乌鸦喝不着水，沉思一会后，聪明的乌鸦衔来一个个小石子放入瓶中，水位上升后，乌鸦喝到了水．在这则乌鸦喝水的故事中，设从乌鸦看到瓶的那刻起向后的时间为x，瓶中水位的高度为y，如图所示的图象中最符合故事情景的是()A．B．C．D．【分析】由于原来水位较低，乌鸦沉思一会后才想出办法，说明将在沉思的这段时间内水位没有变化，乌鸦衔来一个个小石子放入瓶中，水位将会上升，乌鸦喝水后的水位应不低于一开始的水位，由此即可作出判断．解：Q乌鸦在沉思的这段时间内水位没有变化，∴排除C，Q乌鸦衔来一个个小石子放入瓶中，水位将会上升，∴排除A，Q乌鸦喝水后的水位应不低于一开始的水位，∴排除B，∴正确．D故选：D．10．如图，在Rt ABC∠=︒，分别以各边为直径作半圆，图中阴影部分在数学史∆中，90C上称为“希波克拉底月牙”，当4AC =，2BC =时，则阴影部分的面积为( )A ．4B ．4πC ．8πD ．8【分析】根据勾股定理得到222AB AC BC =+，根据扇形面积公式计算即可．解：由勾股定理得，22220AB AC BC =+=，则阴影部分的面积2221111()()()2222222AC BC AB AC BC πππ=⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯-⨯⨯ 22211124()224AC BC AB π=⨯⨯+⨯⨯⨯+- 4=，故选：A ．二、填空题（本大题有6小题，每小题4分，共24分）11．化简（18= 22 ；（26= ．【分析】（1）化成最简二次根式即可；（26，然后化简即可．解：（182=（236366666===⨯．故答案为：（1）22（26 12．在平行四边形ABCD 中，已知5AB =，3BC =，则它的周长为 16【分析】根据平行四边形的性质可得5AB CD ==，3BC AD ==，进而可得周长．解：Q 四边形ABCD 是平行四边形，5AB CD ∴==，3BC AD ==，∴它的周长为：523216⨯+⨯=，故答案为：16．13．如图，在平行四边形ABCD 中，10BC =，14AC =，8BD =，则BOC ∆的周长是 21 ．【分析】由平行四边形的性质得出7OA OC ==，4OB OD ==，即可得出BOC ∆的周长．解：Q 四边形ABCD 是平行四边形，7OA OC ∴==，4OB OD ==，BOC ∴∆的周长471021OB OC BC =++=++=；故答案为：21．14．《九章算术》是我国古代最重要的数学著作之一，在“勾股”章中记载了一道“折竹抵地”问题：“今有竹高一丈，末折抵地，去本三尺，问折者高几何？”翻译成数学问题是：如图所示，ABC ∆中，90ACB ∠=︒，10AC AB +=，3BC =，求AC 的长，如果设AC x =，则可列方程为 2223(10)x x +=- ．【分析】设AC x =，可知10AB x =-，再根据勾股定理即可得出结论．解：设AC x =，10AC AB +=Q ，10AB x ∴=-．Q 在Rt ABC ∆中，90ACB ∠=︒，222AC BC AB ∴+=，即2223(10)x x +=-．故答案为：2223(10)x x +=-．15．如图，ACB ∆和ECD ∆都是等腰直角三角形，ACB ∆的锐角顶点A 在ECD ∆的斜边DE 上，若3AE =，5AC =，则DE 73 ．【分析】连结BD ，由等腰直角三角形的性质得出90ECD ACB ∠=∠=︒，45E ADC CAB ∠=∠=∠=︒，EC DC =，AC BC =，由SAS 证明AEC BDC ∆≅∆，得出AE BD =，证出90BDA BDC ADC ∠=∠+∠=︒，在Rt ADB ∆中．由勾股定理即可得出结论．解：连结BD ，如图，ACB ∆Q 与ECD ∆都是等腰直角三角形，90ECD ACB ∴∠=∠=︒，45E ADC CAB ∠=∠=∠=︒，EC DC =，AC BC =， ECD ACD ACB ACD ∠-∠=∠-∠Q ，ACE BCD ∴∠=∠，在AEC ∆和BDC ∆中，AC BC ACE BCD EC DC =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，()AEC BDC SAS ∴∆≅∆． 3AE BD ∴==，45E BDC∠=∠=︒，90BDA BDC ADC ∴∠=∠+∠=︒，在Rt ACB ∆中．210AB AC ==，由勾股定理得：2222(10)(3)7AD AB BD =-=-=，37DE AE AD ∴=+=+；故答案为：37+．16．如图，正方形ABCD 的面积是2，E ，F ，P 分别是AB ，BC ，AC 上的动点，PE PF+的最小值等于 2 ．【分析】过点P 作//MN AD 交AB 于点M ，交CD 于点N ，根据正方形的性质可得出MN AB ⊥，且PM PE „、PN PF „，由此即可得出AD PE PF +„，再由正方形的面积为2即可得出结论．解：过点P 作//MN AD 交AB 于点M ，交CD 于点N ，如图所示．Q 四边形ABCD 为正方形，MN AB ∴⊥，PM PE ∴„（当PE AB ⊥时取等号），PN PF „（当PF BC ⊥时取等号）， MN AD PM PN PE PF ∴==++„，Q 正方形ABCD 的面积是2，2AD ∴=．故答案为：2．三、解答题（本大题有9小题，共86分）17．计算：（1112282-+ （227506【分析】（1）先化成最简二次根式，然后合并；（2）利用二次根式乘除法则运算；解：（1）原式2==+=（2）原式=÷=15=．18．当1x =，1y =-时，求代数式22x y xy -+的值．【分析】将x 、y 的值代入原式()()x y x y xy =-++，再根据二次根式的混合运算顺序和运算法则计算可得．解：当1x =，1y =-时，原式()()x y x y xy =-++111)1)1)=+-++++⨯2(31)=⨯-2=+．19．用描点法画出函数1y x =-的图象．【分析】确定出函数图象与坐标轴的两个交点，然后利用两点确定一条直线作出函数图象即可．解：0x =时，1y =-，0y =时，1x =，所以，函数图象与坐标轴的交点坐标为(0,1)-，(1,0)，函数图象如图所示．20．某天早晨，王老师从家出发步行前往学校，途中在路边一饭店吃早餐，如图所示是王老师从家到学校这一过程中的所走路程s（米)与时间t（分)之间的关系．（1）学校离他家1000 米，从出发到学校，王老师共用了分钟；（2）王老师吃早餐用了多少分钟？（3）王老师吃早餐以前的速度快还是吃完早餐以后的速度快？吃完早餐后的平均速度是多少？【分析】（1）由于步行前往学校，途中在路旁一家饭店吃早餐，那么行驶路程s（千米）与时间t（分)之间的关系图象中有一段平行x轴的线段，然后学校，根据图象可以直接得到结论；（2）根据图象中平行x轴的线段即可确定王老师吃早餐用了多少时间；（3）根据图象可以分别求出吃早餐以前的速度和吃完早餐以后的速度，然后比较即可得到结果．解：（1）学校距他家1000米，王老师用25分钟；（2）王老师吃早餐用了201010-=（分钟）；（3）吃完早餐以后速度快，(1000500)(2520)100-÷-=（米/分）．答：吃完早餐后的平均速度是100米/分．21．如图，在四边形ABCD 中，1AB =，2BC =，2CD =，3AD =，且90ABC ∠=︒，连接AC ，试判断ACD ∆的形状．【分析】先根据勾股定理求出AC 的长，在ACD ∆中，再由勾股定理的逆定理，判断三角形的形状．解：ACD ∆是直角三角形．理由是：90B ∠=︒Q ，1AB =，2BC =，222145AC AB BC ∴=+=+=， 5AC ∴=，又22549AC CD +=+=Q ，29AD =，222AC CD AD ∴+=，ACD ∴∆是直角三角形．22．已知：如图，在平行四边形ABCD 中，对角线AC ，BD 相交于点O ．若12∠=∠，4AB =，8BD =，求：平行四边形ABCD 的周长．【分析】首先判断四边形ABCD 是矩形，然后利用勾股定理求得AD 的长，从而求得矩形的周长即可．解：12∠=∠Q ，OA OB ∴=，Q 四边形ABCD 是平行四边形，OA OC ∴=，OB OD =，AC BD ∴=，∴四边形ABCD 为矩形，90BAD ∴∠=︒，4AB =Q ，8BD =， 224843AD ∴=+=，∴四边形ABCD 的周长为2(443)883⨯+=+．23．如图1，在Rt ABC ∆中，90ACB ∠=︒，过点C 的直线//m AB ，D 为AB 边上一点，过点D 作DE BC ⊥，交直线m 于点E ，垂足为点F ，连接CD 、BE ．（Ⅰ）求证：CE AD =；（Ⅱ）如图2，当点D 是AB 中点时，连接CD ． ()i 四边形BECD 是什么特殊四边形？说明你的理由；()ii 当A ∠= 45︒ ︒时，四边形BECD 是正方形．（直接写出答案）【分析】（Ⅰ）连接CD ，利用同角的余角相等，得到DCA CDE ∠=∠，利用平行四边形的判定和性质得结论；（Ⅱ）()i 先证明四边形BECD 是平行四边形，再利用直角三角形斜边的中线等于斜边的一半说明邻边相等，证明该四边形是菱形；()ii 由菱形、正方形、平行四边形的性质可得结论．解：（Ⅰ）证明：连接CD ，//m AB Q ，//EC AD ∴DE BC ⊥Q ，90CFD ∴∠=︒，90BCD DCA ∠+∠=︒Q ，90BCD CDE ∠+∠=︒， DCA CDE ∴∠=∠，//DE AC ∴∴四边形DECA 是平行四边形，CE DA ∴=（Ⅱ）()i 四边形BECD 是菱形．Q由（Ⅰ）知：四边形DECA是平行四边形，CE ADCE DA∴=，//在Rt ABC∆中，Q点D是AB的中点，∴==，BD DC DA又CE DACE ADQ，//=∴四边形BECD是菱形．()ii当45∠=︒时，A由于四边形DECA是平行四边形，45∴∠=∠=︒，EDB A又BE BDQ，=∴∠=∠=︒，BED EDB45∴∠=︒．EBD90由于四边形BECD是菱形，∴四边形BECD是正方形．故答案为：45︒24．如图，菱形ABCD中，60⊥交对角线AC于点E，连接BE，∠=︒，过点D作DE ADBAD取BE的中点F，连接DF（1）请你根据题意补全图形；（2）若10AB=，则菱形ABCD的面积为3；（直接写出答案）（3）请用等式表示线段DF、AE、BC之间的数量关系，并证明．【分析】（1）根据已知条件画图即可；（2）连接BD ，求出30BAO ∠=︒，进而求出OA ，OB ，即可求出AC ，BD ，最后用菱形的面积等于两条对角线积的一半计算即可得出结论；（3）取AE 中点G ，连接GF 、GD ，证明DGF ∆是直角三角形，在Rt DGF ∆中，利用222GD GF DF +=，即可得出结论．解：（1）补全图形如图1所示：（2）如图2，连接BD 交BC 于O ，Q 四边形ABCD 是菱形，BD AC ∴⊥，2BD OB =，2AC OA =，AB AD =， AC Q 是菱形ABCD 的对角线，1302BAO BAD ∴∠=∠=︒，在Rt AOB ∆中，152OB AB ==， 353OA OB ∴==，210BD OB ∴==，2103AC OA ==，1110310322ABCD S AC BD ∴=⋅=⨯=菱形，故答案为：503；（3）DF 、BC 、AE 之间的数量关系是：2224AE BC DF +=，证明：如图3，取AE 中点G ，连接GF 、GD ，Q 四边形ABCD 是菱形，60BAD ∠=︒，112302BAD ∴∠=∠=∠=︒，AB BC =， Q 点F 是BE 的中点，点G 是AE 的中点，GF ∴是ABE ∆的中位线．1122GF AB BC ∴==，//GF AB ． 3130∴∠=∠=︒．ED AD ⊥Q ，90ADE ∴∠=︒∴在Rt ADE ∆中，12DG AG AE ==， 2430∴∠=∠=︒，52460∴∠=∠+∠=︒，3590FGD ∴∠=∠+∠=︒，∴在Rt DGF ∆中，222DG GF DF +=，22211()()22AE BC DF ∴+=，即2224AE BC DF +=．25．在一次数学活动中，小辉将一块矩形纸片ABCD 对折，使AD 与BC 重合，得到折痕EF ，把纸片展开，再一次折叠纸片，使点A 落在EF 上，并使折痕经过点B ，得到折痕BM ．同时，得到了线段BN（1）如图1，若点N 刚好落在折痕EF 上时，①过N 作NG BC ⊥，求证：12NG BN =； ②求AMN ∠的度数；（2）如图2，当M 为射线AD 上的一个动点时，已知3AB =，5BC =，若BNC ∆是直三角形时，请求出AM 的长．【分析】（1）①根据折叠的性质得到12DF FC CD ==，BN BA =，根据矩形的性质证明即可；②根据直角三角形的性质得到30NBG ∠=︒，求出60NBE ∠=︒，根据四边形内角和等于360︒计算，得到答案；（2）根据勾股定理求出CN ，再根据勾股定理列式计算即可．【解答】（1）①证明：由折叠的性质可知，12DF FC CD ==，BN BA =，90CFE ∠=︒， 90C ∠=︒Q ，90CFE ∠=︒，NG BC ⊥，∴四边形FCNG 为矩形，12NG FC CD ∴==，则1122NG BA BN ==； ②解：在Rt NGB ∆中，12NG BN =， 30NBG ∴∠=︒，60NBE ∴∠=︒，由折叠的性质可知，90MNB A ∠=∠=︒， 360909060120AMN ∴∠=︒-︒-︒-︒=︒；（2）解：BNC ∆是直三角形时，NBC ∠和NCB ∠不能为90︒，当90CNB ∠=︒时，2222534CN CB BN =-=-=， 90MNB ∠=︒Q ，∴点C 、N 、M 在同一条直线上，由折叠的性质可知，AM MN =，在Rt DCM ∆中，222CM CD DM =+，即222(4)3(5)AM AM +=+- 解得，1AM =，则BNC ∆是直三角形时，1AM =．。