2020届全国100所名校最新高考模拟示范卷高三理科数学(六)试题

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2020届全国100所名校高三最新高考模拟示范卷(六)数学(理)试题解析

绝密★启用前2020届全国100所名校高三最新高考模拟示范卷（六）数学（理）试题注意事项：1、答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2、请将答案正确填写在答题卡上一、单选题1．已知集合{}|2,2,P x x k k k Z ==≤∈，(){}2|29Q x x =+<，则P Q =I （） A ．{}4,2,0,1-- B ．{}4,2,0-- C ．{}|41x x -≤< D ．{}|45x x -≤<答案：B可求出{}4,2,0,2,4P =--，{}|51Q x x =-<<，然后进行交集的运算即可. 解：解：{}{}|2,2,4,2,0,2,4P x x k k k Z ==≤∈=--，(){}{}2|29|51Q x x x x =+<=-<<，所以{}4,2,0P Q =--I ．故选：B. 点评：本题考查交集的运算，属于基础题.2．已知复数z 满足1z i z +-=，在复平面内对应的点为(),x y ，则（） A ．1y x =+ B ．y x =C ．2y x =-D ．y x =-答案：A由已知可列式子()()222211x y x y ++-=+，整理化简即可. 解：解：由1z i z +-=，得()()222211x y x y ++-=+，化简整理得1y x =+．故选：A. 点评：本题考查复数的模的求法和几何意义，属于基础题.3．已知13 11531log,log,363a b cπ-===，则,,a b c的大小关系是( )A．b a c<<B．a c b<<C．c b a<<D．b c a<<答案：D利用对数函数和指数函数的单调性判断.解：115511log log1,65a=>=1133log log10,3bπ=<=130331c-<==，则01c<<，所以b c a<<.故选：D.点评：本题考查指对数值大小比较.指数函数值大小比较：常化为同底或同指，利用指数函数的单调性，图象或1,0等中间量进行比较．对数函数值大小比较：（1）单调性法：在同底的情况下直接得到大小关系，若不同底，先化为同底;（2）中间量过渡法：寻找中间数联系要比较的两个数，一般是用“0”，“1”或其他特殊值进行“比较传递”;（3）图象法：根据图象观察得出大小关系.4．中国折叠扇有着深厚的文化底蕴.如图（2），在半圆O中作出两个扇形OAB和OCD，用扇环形ABDC（图中阴影部分）制作折叠扇的扇面.记扇环形ABDC的面积为1S，扇形OAB的面积为2S，当1S与2S的比值为51-时，扇面的形状较为美观，则此时扇形OCD的半径与半圆O的半径之比为( )A．514B．512C．35-D52答案：B扇环形ABDC的面积1S等于扇形OAB的面积减扇形OCD的面积；设半径代入求解.解：设AOBθ∠=，半圆O的半径为r，扇形OCD的半径为1r，依题意，有2212115122122r rrθθθ--=，即221251r rr--=，所以22123562551()rr---===，得151rr-=.故选：B.点评：本题考查弧度制下扇形面积计算问题.其解题策思路：(1)明确弧度制下扇形面积公式，在使用公式时，要注意角的单位必须是弧度．(2)分析题目已知哪些量、要求哪些量，然后灵活地运用弧长公式、扇形面积公式直接求解，或合理地利用圆心角所在三角形列方程(组)求解．5．函数ln()sinxf x xx=+的部分图象大致是( )A．B．C．D．答案：C先判断函数的奇偶性，根据奇偶函数图象特征排除，再利用特值验证排除可得解. 解：因为ln||0,()sin()()xx f x x f xx-≠-=-+=--,ln()sin xf x xx∴=+奇函数，图象关于原点对称，所以排除选项D；因为2ln2()102fπππ=+>，所以排除选项A；因为ln()00fπππ=+>，所以排除选项B；因此选项C正确.故选：C. 点评：本题考查函数图象识别问题.其解题思路：由解析式确定函数图象：①由函数的定义域，判断图象左右的位置，由函数的值域，判断图象的上下位置； ②由函数的单调性，判断图象的变化趋势； ③由函数的奇偶性，判断图象的对称性； ④由函数的周期性，判断图象的循环往复．函数图象识别有时常用特值法验证排除6．“车走直、马走日、炮打隔子、象飞田、小卒过河赛大车”，这是中国象棋中的部分下棋规则.其中“马走日”是指马走“日”字的对角线，如棋盘中，马从点A 处走出一步，只能到点B 或点C 或点D 或点E .设马从点A 出发，必须经过点,M N （点,M N 不考虑先后顺序）到达点P ，则至少需走的步数为( )A ．5B ．6C ．7D ．8答案：B分步计算，第一步从点A 经过点M ，第二步从点M 经过点N ，第三步从点N 到达点P ，解：由图可知，从N 到P 只需1步，从M 到N 至少需走2步，从A 到M 至少需走3步，从A 到N 至少需走3步.所以要使得从点A 经过点,M N 到点P 所走的步数最少，只需从点A 先到点M ，再到点N ，最后到点P ，这样走的步数为6. 故选：B. 点评：本题考查分步乘法计数原理.(1)利用分步乘法计数原理解决问题时要注意按事件发生的过程来合理分步，即分步是有先后顺序的，并且分步必须满足：完成一件事的各个步骤是相互依存的，只有各个步骤都完成了，才算完成这件事．(2)谨记分步必须满足的两个条件：一是各步骤互相独立，互不干扰；二是步与步确保连续，逐步完成．7．已知a r ，b r 是单位向量，且()1,1a b +=-r r ，则a r 与a b -r r的夹角为（）A ．π6B ．π4C ．π3D ．2π3答案：B由()1,1a b +=-r r ，两边平方，得：()22222112a b a b ++⋅=+-=r r r r ，因为a r ，b r 是单位向量，所以求得0a b ⋅=r r，进而得出a b -=r r 求得a r 与a b -r r的夹角.解：由()1,1a b +=-r r ，两边平方，得：()22222112a b a b ++⋅=+-=r r r r ，因为a r ，b r 是单位向量，所以1122a b ++⋅=r r ，得0a b ⋅=r r，则22222a b a b a b -=+-⋅=r r r r r r，∴a b -=r r所以()2cos ,2a a b a a b a a b⋅--====⋅-r r r r r r r r r r r r ，所以a r 与a b -r r 的夹角为π4．故选：B. 点评：本题考查两个向量的数量积的定义和公式，属于基础题. 8．执行如图所示的程序框图，则输出的S =（）A ．414B ．325C ．256D ．75答案：A 根据题意()3mn m =∈N ，由2020n <，得1m =，2，3，4，5，6，分别算出相应值即可得出结果. 解：解：()3mn m =∈N ，由2020n <，得1m =，2，3，4，5，6．所以S 的值依次为()16115S =-⨯=，()25226S =-⨯=，()36339S =-⨯=，()494420S =-⨯=，()5205575S =-⨯=，()67566414S =-⨯=．故选：A. 点评：本题主要考查程序框图和算法，属于基础题.9．已知等差数列{}n a 的前n 项和为n S ，满足33a =，()21223n n n S S S n --+=+≥，则（）A ．2n n S na n -= B ．2n n S na n +=C ．21n n S a n-=D ．21n n S a n+=答案：B由已知得31222S S S +=+，即123222222a a a a a ++=++，进而求出公差2d =，再利用求和公式列式，化简得出结论. 解：。

2020全国100所名校高考模拟金典卷理科数学试卷及答案解析(13页)

2020全国100所名校高考模拟金典卷理科数学试卷理科数学试卷（120分钟 150分）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.若集合2|01x A x x +⎧⎫=≤⎨⎬-⎩⎭，[]{}2|log (2)(1)B x y x x ==-+，则A B =I （） A.[-2,2) B.(-1,1) C.(-1,1] D.(-1,2) 2.复数21iz i=-，则z 在复平面内的对应点位于（） A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限3.设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ，若242, 16a S ==，则5a =（） A.10 B .12 C .13 D .144.给出下列说法： ①“tan 1x =”是“4x π=”的充分不必要条件;②定义在[a, b]上的偶函数2()(5)f x x a x b =+++的最大值为30； ③命题“0001,2x x x ∃∈+R …”的否定形式是“1,2x x x∀∈+>R ”. 其中错误说法的个数为（） A.0 B.1 C.2 D.35.已知点()2,3A ，且点B 为不等式组00260y x y x y ⎧⎪-⎨⎪+-⎩…„„，所表示平面区域内的任意一点，则||AB 的最小值为（）A.12D.1 6.函数2()sin f x x x x =-的图象大致为（）A. B. C. D.7.3ax ⎛ ⎝⎭的展开式中，第三项的系数为1，则11a dx x =⎰（）A.2ln2B.ln2C.2D.18.执行如图所示的程序框图，若输出的120S =，则判断框内可以填入的条件是（） A.4?k > B .5?k > C.6?k > D.7?k >9.河图是上古时代神话传说中伏羲通过黄河中浮出龙马身上的图案，与自己的观察而画出的“八卦”，而龙马身上的图案就叫做“河图”，把一到十分为五组，如图所示，其口诀：一六共宗，为水居北；二七同道，为火居南；三八为朋，为木居东；四九为友，为金居西；五十同途，为土居中.现从这十个数中随机抽取4个数，则能成为两组的概率是（）A.13 B .110C.121D.125210.如图，正方形网格纸中的实线图形是一个多面体的三视图，则该多面体各表面所在平面互相垂直的有（） A.2对B.3对C.4对D.5对11.已知直线:2l y x b =+被抛物线2:2(0)C y px p =>截得的弦长为5，直线l 经过C 的焦点，M 为C 上的一个动点，设点N 的坐标为()4,0，则MN 的最小值为（） A.C.12.已知数列{}n a 满足：()()2*112,10n n n a a S S n +=+-=∈N ，其中n S 为数列{}n a 的前n 项和. 设()()()12111()1n S S S f n n +++=+L ，若对任意的n 均有(1)()f n kf n +<成立，则k 的最小整数值为（）A.2B.3C.4D.5二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.把答案填在题中的横线上. 13.已知A B C ，，为圆O 上三点，且2CO BA BC =-u u u r u u u r u u u r ，则BA BC ⋅=u u u r u u u r_____________.14.已知函数()2sin()0,,2f x x πωϕωϕπ⎛⎫⎡⎤=+>∈ ⎪⎢⎥⎣⎦⎝⎭的部分图象如图所示,其中()01f =，5||2MN =，则点M 的坐标为_____________.15.如图，点A 为双曲线2222:1(0,0)x y C a b a b-=>>的右顶点，右焦点为()2,0F ，点P 为双曲线上一点，作PB x ⊥轴，垂足为B ，若A 为线段OB 的中点，且以A 为圆心，AP 为半径的圆与双曲线C 恰有三个公共点，则双曲线C 的方程为____________.16.已知在三棱锥A BCD -中，平面ABD ⊥平面BCD ，4BC CD BC CD AB AD ⊥====，，，则三棱锥A BCD -的外接球的体积为____________.三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第2、23题为选考题，考生根据要求作答. （一）必考题：共60分.17.在ABC △中，角A B C ，，所对的边分别为a b c ，，，sin ()sin sin a A a b B c C ++=，ABC △的面积S abc =. （1）求角C 的大小；（2）求ABC △周长的取值范围.18.如图，在多面体ABCGDEF 中，AB AC AD ，，两两垂直，四边形ABED 是边长为2的正方形，AC DG EF ∥∥，且12AC EF DG ===，.（1）证明：CF ⊥平面BDG . （2）求二面角F BC A --的余弦值.19.某种大型医疗检查机器生产商，对一次性购买2台机器的客户，推岀两种超过质保期后两年内的延保维修优惠方案：方案一：交纳延保金7000元，在延保的两年内可免费维修2次，超过2次，每次收取维修费2000元；方案二：交纳延保金10000元，在延保的两年内可免费维修4次，超过4次，每次收取维修费1000元.某医院准备一次性购买2台这种机器，现需决策在购买机器时应购买哪种延保方案，为此搜集并整理50台这种机器超过质保期后延保两年内维修的次数，如下表：以这50台机器维修次数的频率代替1台机器维修次数发生的概率.记X 表示准备购买的2台机器超过质保期后延保两年内共需维修的次数. （1）求X 的分布列；（2）以所需延保金及维修费用的期望值为决策依据，医院选择哪种延保方案更划算？20.已知O 为坐标原点，椭圆22221(0)x y a b a b +=>>的右焦点为()1,0F ，，过点F 的直线l 与C 相交于A B 、两点，点M 为线段AB 的中点.（1）当l 的倾斜角为45︒时，求直线OM 的方程；（2）试探究在x 轴上是否存在定点Q ，使得QA QB ⋅u u u r u u u r为定值？若存在，求出点Q 的坐标；若不存在，请说明理由.21.已知函数2()2(1)ln(1)2f x x x x x =++--. （1）判断函数()f x 的单调性；（2）已知数列{}n a ，()*123ln(1),1n n n n a T a a a a n n +==∈+N L L ，求证：[]ln (2)12n nn T +<-. （二）选考题:共10分.请考生在第22、23两题中任选一题作答.如果多做，则按所做的第一题计分. 22.[选修4-4：坐标系与参数方程]在直角坐标系xOy 中，曲线1C 的参数方程为2cos 3sin x y θθ=⎧⎨=⎩（θ为参数）.在以原点O 为极点，x 轴正半轴为极轴建立的极坐标系中，曲线2C 的极坐标方程为24sin 5ρρθ=+. （1）写出曲线1C 的普通方程和2C 的直角坐标方程；（2）若P Q ，分别为曲线12C C ，上的动点，求PQ 的最大值. 23.[选修4-5：不等式选讲] 已知函数()|2||36|f x x x =-++. （1）解不等式()34f x x ≥-+；（2）若函数()f x 的最小值为a ，且2(0,0)m n a m n +=>>，求11m n+的最小值.1.答案 B命题意图本题考查解不等式与集合的运算. 解题分析不等式201x x +≤-，等价于()()210x x +-≤且10x -≠，解得21x -≤<，即集合{}|21A x x =-<„ ，函数2log [(2)(1)]y x x =-+的定义域为(2)(1)0x x -+>，解得12x -<<，即集合{|12}B x x =-<<，所以()1,1A B =-I .2答案B命题意图本题考查复数的运算及几何意义. 解题分析由222(1)111i i i z i i i +===-+--，知对应点的坐标为()1,1-，所以对应点在第二象限. 3.答案D命题意图本题考查等差数列的通项公式与前n 项和公式.解题分由题意得211412246164a a d a S a d d =+=⎧=-⎧⎪⇒⎨⎨=+==⎪⎩⎩，则524414a =-+⨯=.4.答案 C命题意图本题考查命题及充分、必要条件. 解题分析对于①，当4x π=时，一定有tan 1x =但是当tan 1x =时，,4x k k ππ=+∈Z ，所以“tan 1x =”是“4x π=”的必要不充分条件，所以①不正确；对于②，因为()f x 为偶函数，所以5a =-.因为定义域为[],a b ，所以5b =，所以函数2()5,[5,5]f x x x =+∈-的最大值为(5)(5)30f f -==，所以②正确；对于③，命题“0001,2x x x ∃∈+R …”的否定形式是“1,2x x x∀∈+<R ”，所以③是错误的；故错误说法的个数为2. 5.答案 C命题意图本题考查线性规划及点到直线的距离公式.解题分析结合不等式，绘制可行域，如图.由0260x y x y -=⎧⎨+-=⎩，得22x y =⎧⎨=⎩，即()2,2C ，点A 的位置如图所示，计算A 点到该区域的最小值，即计算点A 到直线260x y +-=的距离，所以min ||AB ==6.答案 A命题意图本题考查函数的奇偶性与单调性，函数导数的应用.解题分析()f x 为偶函数，排除选项B ；2()sin (sin )f x x x x x x x =-=-，设()sin g x x x =-，则()1cos 0g x x '=-≥恒成立，所以()g x 单调递增，所以当0x >时，()()00g x g >=，所以当0x >时，()()0f x xg x =>，且()f x 单调递增，故选A 项. 7.答案 A命题意图本题考查二项式定理及定积分.解题分析根据二项式3ax ⎛ ⎝⎭的展开式的通项公式得221213()4a T C ax x +⎛== ⎝⎭. Q 第三项的系数为1，1,44aa ∴=∴=，则4111111d d ln 2ln 2ax x x xx ===⎰⎰.8.答案 B命题意图本题考查程序框图.解题分析模拟执行如图所示的程序框图如下：1,1k S ==； 2,4k S ==； 3,11k S ==； 4,26k S ==； 5,57k S ==；6,120k S ==，此时满足条件5k >，输出120S =. 所以判断框内可以填入的条件是5?k >. 9.答案 C命题意图本题考查古典概型.解题分析现从这十个数中随机抽取4个数,基本事件总数140n C =，能成为两组包含的基本事件个数52m C =，则能成为两组的概率25410121C m P n C ===.10.答案 C命题意图本题考查三视图，线面垂直和面面垂直的判定.解题分析该几何体是一个四棱锥，其直观图如图所示，易知平面PAD ⊥平面ABCD ，作PO AD ⊥于O ，则PO ⊥平面ABCD ，PO CD ⊥，又AD CD ⊥，所以CD ⊥平面PAD ，所以平面PCD ⊥平面PAD ，同理可证平面PAB ⊥平面PAD ，由三视图可知PO AO OD ==，所以AP PD ⊥，又AP CD ⊥，所以AP ⊥平面PCD ，所以平面PAB ⊥平面PCD ，所以该多面体各表面所在平面互相垂直的有4对.11.答案 C命题意图本题考查抛物线方程及过焦点的弦.解题分析由题意得22224(42)02y x bx b p x b y px=+⎧⇒+-+=⎨=⎩，则()22222512424b p b ⎡⎤-⎛⎫=+-⨯⎢⎥ ⎪⎝⎭⎢⎥⎣⎦，又直线l 经过C 的焦点，则22b p-=，b p ∴=-. 由此解得2p =，所以抛物线方程为24y x =.设()00,M x y ，则204y x =， ()()()2222200000||444212MN x y x x x ∴=-+=-+=-+，故当02x =时，||MN取得最小值.12.答案 A命题意图本题考查数列的综合应用. 解题分析当1n ≥时，有条件可得()211n n n nS S S S +--=-，从而111n n nS S S +--=，故111111111n n n n n S S S S S +-=-=----，又1111121S ==--，11n S ⎧⎫∴⎨⎬-⎩⎭是首项、公差均为1的等差数列， 11n n S ∴=-，1n n S n +=，由()()()12111()1n S S S f n n +++=+L ，得()1(1)1(1)23152,2()2223n n S f n n f n n n n +++++⎡⎫===-∈⎪⎢+++⎣⎭，依题意知(1)()f n k f n +>， min 2k ∴=.13.答案0命题意图本题考查平面向量的数量积.解题分析 11()22CO BA BC CA =-=u u u r u u u r u u u r u u u r Q ，∴圆心O 为线段AC 的中点，因而90ABC ∠=︒，故0BA BC ⋅=u u u r u u u r .14.答案 ()1,2-命题意图本题考查三角函数的图象及解析式.解题分析函数()2sin()0,,2f x x πωϕωϕπ⎛⎫⎡⎤=+>∈ ⎪⎢⎥⎣⎦⎝⎭的部分图象如图所示.(0)2sin 1f ϕ==Q ，56πϕ=Q .又5||2MN ==3πω∴=，即函数5()2sin 36f x x ππ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭. 令52sin 236x ππ⎛⎫+= ⎪⎝⎭，结合图象得5362x πππ+=，解得1x =-，故点M 的坐标为()1,2-. 五步导解解↔答15.答案 221x y -=命题意图本题考查双曲线的标准方程、离心率和渐近线方程.解题分析由题意可得(),0A a ，又A 为线段OB 的中点，所以(2,0)B a ，令2x a =，代入双曲线的方程可得y =，可设()2,3P a b -，由题意和结合图形可得圆A 经过双曲线的左顶点(),0a -，即||2AP a =，即2a =a b =，又c =222a b c +=，得1a b ==，故双曲线C 的方程为221x y -=.16.答案 36π命题意图本题考查多面体与球.解题分析如图取BD 的中点E ，连接AE CE ，，则AE BD CE BD ⊥⊥，. Q 平面ABD ⊥平面BCD ，平面ABD I 平面BCD BD =，AE ∴⊥平面BCD .又CEC Q 平面BCD ，AE CE ∴⊥.设ABD △的外接圆的圆心为O ，半径为r .AB AD ∴=， ∴圆心O 在AE 所在的直线上，22222()r BE OE BE r AE ∴=+=+-. Q在Rt BCD △中，BD =BE EC ∴==在Rt ABE △中，2AE ，()2282r r ∴=+-，解得，3,1r OE =∴=. Q在Rt OEC △中，3OC ==，3OA OB OC OD ∴====，∴点O 是三棱锥A BCD -的外接球的球心，且球的半径3R =，∴球的体积34363V R ππ==.17.命题意图本题考查正、余弦定理及三角恒等变换.解题分析（1）由sin ()sin sin a A a b B c C ++=及正弦定理得222a b ab c ++=，又由余弦定理得1cos 2C =-，23C π∴=. （2）由1sin 2S abc ab C ==，可知2sin c C =，2sin ,2sin a A b B ∴==，ABC △的周长为1(sin sin sin )2a b c A B C ++=++1sin sin 23A A π⎡⎤⎛⎫=+- ⎪⎢⎥⎝⎭⎣⎦11sin sin 22A A A ⎛⎫=+- ⎪ ⎪⎝⎭11sin 22A A ⎛⎫= ⎪ ⎪⎝⎭1sin 23A π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭.0,3A π⎛⎫∈ ⎪⎝⎭Q ，2,333A πππ⎛⎫∴+∈ ⎪⎝⎭，sin 3A π⎤⎛⎫∴+∈⎥ ⎪⎝⎭⎝⎦，ABC ∴△周长的取值范围为⎝⎦.18.命题意图本题考查空间点线、面关系及线面垂直、二面角.解题分析（1）证明：因为AB AC AD ，，两两垂直，AC DG AB DE ∥，∥，所以DG AD DG DE ⊥⊥，，所以DG ⊥平面ABED ，因为AE ⊂平面ABED ，所以DG AE ⊥，因为四边形ABED 为正方形，所以AE BD ⊥，因为BD DG D =I ，所以AE ⊥平面BDG ，因为AC EF ∥所以四边形AEFC 为平行四边形，所以AE CF ∥，所以CF ⊥平面BDG .（2）由（1）知DE DG DA ，，互相垂直，故以D 为坐标原点，以DE DG DA ，，所在直线分别为x y z ，，轴建立如图所示的空间直角坐标系D xyz -，则(0,0,0),(0,0,2),(2,0,2),(0,1,2),(2,1,0)D A B C F ，所以(0,1,2),(2,1,0)FB CB =-=-u u u r u u u r.设(),,m a b c =u r 为平面BCF 的法向量，则2020m FB b c m CB a b ⎧⋅=-+=⎪⎨⋅=-=⎪⎩u r u u u r u r u u u r ，令1a =，则21b c ==，，所以()1,2,1m =u r.又因为AD ⊥平面ABC ，所以()0,0,2DA =u u u r为平面ABC 的一个法向量，所以()cos ,m DA ==u r u u u r 由图可知二面角F BC A --是钝角，所以二面角F BC A --的余弦值为. 19.命题意图本题考查离散型随机变量的期望和方差以及方案的确定. 解题分析（1）X 的所有可能取值为0，1，2，3，4，5，6111(0)1010100P X ==⨯=，111(1)210525P X ==⨯⨯=，11213(2)25551025P X ==⨯+⨯⨯=， 131211(3)2210105550P X ==⨯⨯+⨯⨯=，22317(4)25510525P X ==⨯+⨯⨯=， 236(5)251025P X ==⨯⨯=，339(6)1010100P X ==⨯=，X ∴的分布列为（2）所选延保方案一，所需费用1Y 元的分布列为()117117697000900011000130001500010720100502525100E Y =⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=（元）选择延保方案二，所需费用2Y 元的分布列为()267691000011000120001042010025100E Y =⨯+⨯+⨯=（元）()()12E Y E Y >Q ，∴该医院选择延保方案二较划算.20.命题意图本题考查椭圆有关的定值、定点问题.解题分析由题得1c e c a ===，解得a =222a b c =+，得1b =，故椭圆方程为2212x y +=. 设()()1122,,,A x y B x y ，易知直线l 的方程为1x y =+，由22112x y x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩，得23210y y +-=，于是12122313y y y y ⎧+=-⎪⎪⎨⎪⋅=-⎪⎩，从而1212423x x y y +=++=，故211,,332CM M k ⎛⎫-=- ⎪⎝⎭，所以直线OM 的方程为12y x =-. （2）①当直线l 的斜率不为0时，设()0,0Q x ，直线l 的方程为1x my =+，由22112x my x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩，得()222210m y my ++-=，所以1221222212m y y m y y m ⎧+=-⎪⎪+⎨⎪=-⎪+⎩，所以()()()()()210201************OA QB x x x x y y my my x my my x y y =⋅=--+=++-++++u u u r u u u r ()()()()()2222121200000022121121112122m m y y m y y x x x m m x x x m m --=+⋅++-+-+=+⋅+⋅-+-+=++ ()202002231212x m x x m --+-++，由023112x --=，得054x =，故此时点57,0,416Q QA QB ⎛⎫⋅=- ⎪⎝⎭u u u r u u u r ； ②当直线l 的斜率为0时，2257416QA QB ⎛⎫⋅=-=- ⎪⎝⎭u u u r u u u r . 综上，在x 轴上存在定点5,04Q ⎛⎫ ⎪⎝⎭，使得QA QB ⋅u u u r u u u r 为定值. 21.命题意图本题考查导数综合.解题分析（1）()f x 的定义域为()1,-+∞，()2ln(1)2f x x x '=+-.设()()212g x ln x x =+-. ∵2()1x g x x -'=+，∴当()1,0x ∈-时，()0g x '>；当,()0x ∈+∞时，()0g x '<， ∴()g x 在()1,0-上单调递增，在(0,)+∞上单调递减，∴()g x 在0x =处取得最大值.又∵()00g =，∴对任意的1,()x ∈-+∞，()()00g x g ≤=恒成立，即对任意的1,()x ∈-+∞，都有()f x ' ()2120ln x x =+-≤恒成立，故()f x 在定义域()1,-+∞上是减函数.（2）由()f x 是减函数，且()00f =可得，当0x >时，()0f x <，∴()0f n <，即22(1)ln(1)2n n n n ++<+，两边同除以22(1)n +得ln(1)121211n n n n n n ++<⋅⋅+++，即12211n n n a n n +<⋅⋅++，从而1231112334521222341234121n n n n n n n T a a a a n n n +++⎛⎫⎛⎫=⋅<⋅⋅⋅⋅⋅⋅⋅⋅⋅=⋅ ⎪⎪+++⎝⎭⎝⎭⋅L L L ，所以[]21(2)ln (2)ln 2ln(2)ln(1)(1)ln 22(1)n n n n T n n n n +⎡⎤++<=+-+-+⎢⎥+⎣⎦. ① 下面证2ln(2)ln(1)(1)ln 2102n n n n +-+-++-<. 记()2ln(2)ln(1)(1)ln 212x h x x x x =+-+-++-，[1,)x ∈+∞， ∴2211111()ln 2ln 2ln 2221232223x h x x x x x x x'=--+=-+=-+++++++. ∵2y x x=+在[2,)+∞上单调递减，而1111(2)ln 2(23ln 2)(2ln8)06233h '=-+=-=-<， ∴当[2,)x ∈+∞时，()0h x '<恒成立，∴()h x 在[2,)+∞上单调递减，即[2,)x ∈+∞，()(2)2ln 4ln33ln 2ln 2ln30h x h =--=-<„，∴当2n …时，()0h n <.∵19(1)2ln3ln 22ln 2ln 028h =---=-， ∴当*n ∈N 时，()0h n <，即2ln(2)ln(1)(1)ln 212n n n n +-+-+<-. ② 综合①②可得，[]ln (2)12n n n T +<-. 22.命题意图本题考查参数方程、极坐标方程的应用及两点间距离的求法.解题分析（1）曲线1C 的普通方程为22149x y +=，曲线2C 的直角坐标方程为2245x y y +=+，即22(2)9x y +-=.（2）设P 点的坐标为(2cos ,3sin )θθ.2||333PQ PC +„，当sin 1θ=-时，max ||538PQ =+=.23.命题意图本题考查绝对值不等式的解法及基本不等式.解题分析（1）44,2()|2||36|28,22,44,2x x f x x x x x x x --<-⎧⎪=-++=+-⎨⎪+>⎩剟当2x <-时，4434x x -≥-+，即8x ≤-；当22x -≤≤时，2834x x +≥-+，即45x ≥-，可得425x -≤≤；当2x >时，4434x x +≥-+，即0x ≥，可得2x >， ∴不等式的解集为4|8 5x x x ⎧⎫≤-≥-⎨⎬⎩⎭或 . （2）根据函数44,2()28,22,44,2x x f x x x x x --<-⎧⎪=+-≤≤⎨⎪+>⎩可知当2x =-时，函数取得最小值(2)4f -=，可知4a =， 8,0,0m n m n ∴+=>>,11111111()11(22)8882n m m n m n m n m n ⎛⎫⎛⎫∴+=⋅++=⋅++++= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭…> 当且仅当n m m n =，即4m n ==时，取“=”，∴11m n +的最小值为12.。

2020年全国100所名校最新高考模拟示范卷理科数学(六)

必须经过点M，N（点M，N不考虑先后顺序）到达点P ，
则至少需走的步数为（B ）
A. 5
B. 6
C. 7
D. 8
由图可知，从N到P只需1步，从M 到N至少需走2步，从A到M至少需走3步，从A到N至少需走3步，所以要使得从点A经过点M，N到点 P所走的步数最少，只需从点A先到点M，再到点N，最后到点P，这样走的步数为6．
设AOB ,半圆O的半径为r,扇形OCD的半径为r1,
依题意有
1r2
2
1 2
r12
1r2
2
5 2
1
,即
r
2
r2
r12
5 1 2
2
所以 r12 r22
3 2
5 62 4
5
5 1 2
, 得 r1 r
5 1 2
5. 函数f ( x) sin x ln x 的部分图象大致是( ) x
因为f ( x) sin x ln x 是奇函数, 排除D, x
A. {4, 2, 0,1}
B. {4, 2, 0}
C. {x | 4 ≤ x 1}
D. {x | 4 ≤ x 5}
P { x | x 2k, k ≥ 2, k Z} {4, 2, 0, 2, 4}, Q { x | ( x 2)2 9} { x | 5 x 1}, 所以P I Q {4, 2, 0}
得m 1, 2, 3,4,5,6
所以S的值依次为 S1 (6 1)1 5, S2 (5 2) 2 6, S3 (6 3) 3 9, S4 (9 4) 4 20, S5 (20 5) 5 75, S6 (75 6) 6 414
9.已知等差数列{an }的前n项和为Sn , 满足a3 3, Sn Sn2 2Sn1 2 (n ≥ 3), 则( B )

(全国100所名校最新高考模拟示范卷)2020年普通高等学校招生全国统一考试理科数学模拟测试试题(含答案)

2020年普通高等学校招生考试数学模拟测试一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.若集合A={0,1,2,3},B={2,3,4,5},则A ∪B= A.{1,2,3,4,5}B.{0,1,4,5}C.{2,3}D.{0,1,2,3,4,5}2.i 是虚数单位,z=2—i,则|z|=B.23.已知向量a =(1,2),b =(-1,λ),若a ∥b ,则实数λ等于 A.-1B.1C.-2D.24.设命题p:∀x ∈R ,x 2>0,则p ⌝为A.∀x ∈R ,x 2≤0B.∀x ∈R ,x 2>0C.∃x ∈R ,x 2>0D.∃x ∈R ,x 2≤05.51(1)x-展开式中含x -2的系数是 A.15B.-15C.10D.-106.若双曲线22221(0,x y a b a b -=>>)的左、右焦点分别为F 1、F 2，离心率为53，点P(b,0),为则12||||PF PF =A.6B.8C.9D.107.图为祖冲之之子祖暅“开立圆术”中设计的立体模型.祖暅提出“祖氏原理”,他将牟合方盖的体积化成立方体与一个相当于四棱锥的体积之差,从而求出牟合方盖的体积等于32(3d d 为球的直径),并得到球的体积为16V d π=,这种算法比外国人早了一千多年,人们还用过一些类似的公式,根据π=3.1415926…,判断下列公式中最精确的一个是A.d ≈3B .d ≈√2V 3C.d≈√300157V3D .d≈√158V 38.已知23cos cos ,2sin sin 2αβαβ-=+=则cos(a+β)等于 A.12B.12-C.14D.14-二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分.9.第18届国际篮联篮球世界杯(世界男子篮球锦标赛更名为篮球世界杯后的第二届世界杯)于2019年8月31日至9月15日在中国的北京广州、南京、上海、武汉、深圳、佛山、东莞八座城市举行.中国队12名球员在第一场和第二场得分的茎叶图如图所示,则下列说法正确的是A.第一场得分的中位数为52 B.第二场得分的平均数为193C.第一场得分的极差大于第二场得分的极差D.第一场与第二场得分的众数相等10.已知正方体的外接球与内切球上各有一个动点M 、N,若线段MN 1,则 A.正方体的外接球的表面积为12π B.正方体的内切球的体积为43πC.正方体的边长为2D.线段MN 的最大值为11.已知圆M 与直线x 十y ＋2=0相切于点A(0,-2),圆M 被x 轴所截得的弦长为2,则下列结论正确的是A.圆M 的圆心在定直线x-y-2=0上B.圆M 的面积的最大值为50πC.圆M 的半径的最小值为1D.满足条件的所有圆M 的半径之积为1012.若存在m,使得f(x)≥m 对任意x ∈D 恒成立,则函数f(x)在D 上有下界,其中m 为函数f(x)的一个下界;若存在M,使得f(x)≤M 对任意x ∈D 恒成立,则函数f(x)在D 上有上界,其中M 为函数f(x)的一个上界.如果一个函数既有上界又有下界,那么称该函数有界.下列说法正确的是A.1不是函数1()(0)f x x x x=+>的一个下界 B.函数f(x)=x l nx 有下界,无上界C.函数2()xe f x x=有上界有,上无界下,界无下界D.函数2sin ()1xf x x =+有界三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在答题卡中的横线上. 13.设f(x)是定义在R 上的函数,若g(x)=f(x)+x 是偶函数,且g(-2)=-4,则f(2)=___. 14.已知函数f(x)=sin(ωx+φ)(ω＞0),点2(,0)3π和7(,0)6π是函数f(x)图象上相邻的两个对称中心,则ω=___.15.已知F 1,F 2分别为椭圆的221168x y +=左、右焦点,M 是椭圆上的一点,且在y 轴的左侧,过点F 2作∠F 1MF2的角平分线的垂线,垂足为N,若|ON|=2(О为坐标原点),则|MF 2|-|MF 1|=___,|OM|=__.(本题第一空2分,第二空3分)16.在正三棱柱ABC-A 1B 1C 1中,AB =1=2,E,F 分别为AB 1,A 1C 1的中点,平面α过点C 1,且平面α∥平面A 1B 1C ,平面α∩平面A 1B 1C 1=l ,则异面直线EF 与l 所成角的余弦值为__·四、解答题：本题共6小题，共70分。

全国100所名校2020届高考模拟金典卷理科数学试题 (学生卷)

-时&求的值! !(!'选修-%2*不等式选讲(#本小题满分&"分$
已知函数"##$'#)&%&%#&%##$'#)&!)#%$!&其中&&$均为正实数&且&) $'!! #&$求不等式"##$&的解集) #!$当# 时&求证*"##$%##$!

!"#$数学理科%
不容异也)!(幂)是截面积&(势)是几何体的高&意思是两等高几何体&若在
每一等高处的截面积都相等&则两几何体体积相等!已知某不规则几何体

与右侧三视图所对应的几何体满足(幂势既同)&其中俯视图中的圆弧为4 /
圆周&则该不规则几何体的体积为
-!4+!
0!41+,
2!4+!
!" #$%&'()*+, !&!#本小题满分&!分$
已知函数"##$'#()#!)$#&%##$'&*+#! #&$若"##$在区间'&&!(上不是单调函数&求实数$的取值范围) #!$若对任意#'&&,(&都有%##$%#!)#&)!$# 恒成立&求实数&的取值范围!
二选考题共&"分!请考生在第!!!(两题中任选一题作答!如果多做则按所做的第一题计分! !!!'选修-%-*坐标系与参数方程(#本小题满分&"分$

2020届全国100所名校高三最新高考模拟示范卷(六)数学(理)试题(解析版)

图象法：先作出函数的图象，再观察其最高点、最低点，求出最值
基本不等式法：先对解析式变形，使之具备“一正二定三相等”的条件后用基本不等式求出最值
导数法：先求导，然后求出在给定区间上的极值，最后结合端点值，求出最值
换元法：对比较复杂的函数可通过换元转化为熟悉的函数，再用相应的方法求最值
14．已知等比数列中，，，则 __________．
函数的最小正周期，①正确；
将函数的图象向左平移，
得，
显然的图象不关于原点对称，②错误；
当时，，
所以在区间上单调递增，③正确；
由，得，，解得，
由，得，
因为，所以，，，，，
所以函数在区间上有个零点，④正确．
故选：C.
【点睛】
本题主要考查正弦函数的图象和性质，考查计算能力，属于中档题.
因为，所以排除选项A；
因为，所以排除选项B；因此选项C正确.
故选：C.
【点睛】
本题考查函数图象识别问题.
其解题思路：由解析式确定函数图象：
①由函数的定义域，判断图象左右的位置，由函数的值域，判断图象的上下位置；
②由函数的单调性，判断图象的变化趋势；
③由函数的奇偶性，判断图象的对称性；
④由函数的周期性，判断图象的循环往复．
函数图象识别有时常用特值法验证排除
6．“车走直、马走日、炮打隔子、象飞田、小卒过河赛大车”，这是中国象棋中的部分下棋规则.其中“马走日”是指马走“日”字的对角线，如棋盘中，马从点处走出一步，只能到点或点或点或点 .设马从点出发，必须经过点（点不考虑先后顺序）到达点，则至少需走的步数为( )
求双曲线方程的思路:

【试卷】【金太阳】2020年全国100所名校最新高考模拟示范卷理科数学(六)

2020年全国100所名校最新高考模拟示范卷理科数学（六）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合2{|2,2,},{|(2)9}Z P x x k k k Q x x ==∈=+<≥，则P Q = （） A ．{4,2,0,1}--B ．{4,2,0}--C ．{|41}x x -<≤D ．{|45}x x -<≤2．已知复数z 满足1i z z +-=，在复平面内对应的点为(,)x y ，则（） A ．1y x =+B ．y x =C ．2y x =-D ．y x =-3．已知1311531log ,log ,363a b c π-===，则,,a b c 的大小关系是（）A ．b a c <<B ．a c b <<C ．c b a <<D ．b c a <<4．中国折叠扇有深厚的文化底蕴．如图（2），在半圆O 中作出两个扇形OAB 和OCD ，用扇环ABDC （图中阴影部分）制作折叠扇的扇面．记扇环形ABDC 的面积为1S ，扇形OAB 的面积为2S ，当1S 与2S 的比OCD 的半径与半圆O 的半径之比为（） ABC．3 D25．函数ln ()sin xf x x x=+的部分图象大致是（）6．“车走直、马走日、炮打隔子、象飞田、小卒过河赛大车”，这是中国象棋中的部分下棋规则．其中“马走日”是指马走“日”字的对角线，如棋盘中，马从点A 处走出一步，只能到点B 或点C 或点D 或点E ．设马从点A 出发，必须经过点M ，N （点M ，N 不考虑先后顺序）到达点P ，则至少需走的步数为（） A ．5 B ．6 C ．7 D ．87．已知,a b 是单位向量，且(1,1)a b +=-，则a 与a b -的夹角为（）A ．6πB ．4πC ．3πD ．23π8．执行如图所示的程序框图，则输出的S =（） A ．414 B ．325 C ．256 D ．759．已知等差数列{}n a 的前n 项和为n S ，满足3213,22(3)n n n a S S S n --=+=+≥，则（） A ．2n n S na n-=B ．2n n S na n+=C ．21n n S a n-=D ．21n n S a n+=10．已知双曲线2221(0)3x y a a -=>的右焦点为F ，圆222x y c +=（c 为双曲线的半焦距）与双曲线C 的一条渐近线交于,A B 两点，且线段AF 的中点M 落在另一条渐近线上，则双曲线C 的方程是（）A ．22143x y -=B ．22133x y -=C ．22123x y -=D ．2213y x -=11．在三棱锥P ABC -中，PA ⊥平面ABC ，AB BC ⊥，且2AB =．若三棱锥P ABC -的外接球的体积为36π，则当该三棱锥的体积最大时，其表面积为（）A ．6+B ．8+C ．8+D ．6+12．已知函数()2sin 6f x x πω⎛⎫=- ⎪⎝⎭的图象的一条对称轴为x π=，其中ω为常数，且(0,1)ω∈，给出下述四个结论：①函数()f x 的最小正周期为3π；②将函数()f x 的图象向左平移6π所得图象关于原点对称；③函数()f x 在区间,62ππ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦上单调递增；④函数()f x 在区间(0,100)π上有67个零点．其中所有正确结论的编号是（） A ．①② B ．①③C ．①③④D ．①②④二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．把答案填在题中的横线上． 13．函数2()(0)2xf x x x =>+的最大值为． 14．已知等比数列{}n a中，13543,a a a a ==24461335a a a a a a a a +=+ ．15．已知7件产品有5件合格品，2件次品．为找出这2件次品，每次任取一件检验，检验后不放回，则第一次和第二次都检验出次品的概率为；恰好在第一次检验出正品而在第四次检验出最后一件次品的概率为．16．椭圆22221(0)x y a b a b +=>>的左焦点为F ，过点F的直线l 与椭圆交于,A B 两点（点B在第一象限），与y 轴交于E 点，若AF EB =，则椭圆的离心率为．三、解答题：共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答．第22、23题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题：共60分． 17．（本小题满分12分）已知ABC △的内角,,A B C 的对边分别为,,a b c ，设cos cos a B b A c -=．（1）求A ；（2）若a =，ABC △的面积为1，求以,2,2a b c 为边的111A B C △的面积．18．（本小题满分12分）在长方体1111ABCD A B C D -中，1//,1,3,EF AD AA AF AB AD ====．（1）求证：平面1C EF ⊥平面1D EF ．（2）求二面角11C D F E --的大小．119．（本小题满分12分）已知抛物线2:()N C y px p +=∈的焦点为F ，点P 在抛物线C 上，其纵坐标为1p +，174PF =，且(0,2),(1,0)M N ．（1）求抛物线C 的方程；（2）过M 的直线l 与抛物线C 交于,A B 两点，若AN BN ⊥，求直线l 的斜率． 20．（本小题满分12分）已知函数()sin ,()()x f x x x g x e f x =-=．（1）求证：函数()g x 是30,2π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上的增函数．（2）若不等式()x e af x ≥对,2x ππ⎡⎤∀∈-⎢⎥⎣⎦恒成立，求实数a 的取值范围． 21．（本小题满分12分）在学习强国活动中，某市图书馆的科技类图书和时政类图书是市民借阅的热门图书．为了丰富图书资源，现对已借阅了科技类图书的市民（以下简称为“问卷市民”）进行随机问卷调查，若不借阅时政类图书记1分，若借阅时政类图书记2分，每位市民选择是否借阅时政类图书的概率均为12，市民之间选择意愿相互独立．（1）从问卷市民中随机抽取4人，记总得分为随机变量ξ，求ξ的分布列和数学期望；（2）（i ）若从问卷市民中随机抽取()N m m +∈人，记总分恰为m 分的概率为m A ，求数列{}m A 的前10项和；（ii ）在对所有问卷市民进行随机问卷调查过程中，记已调查过的累计得分恰为n 分的概率为n B （比如：1B 表示累计得分为1分的概率，2B 表示累计得分为2分的概率，N n +∈），试探求n B 与1n B -之间的关系，并求数列{}n B 的通项公式．（二）选考题：共10分．请考生在第22、23题中任选一题作答．如果多做，则按所作的第一题计分． 22．【选修4—4：坐标系与参数方程】（本小题满分10分）在平面直角坐标系xOy 中，点(2,0)A -，直线l 的参数方程为2cos sin x t y t ϕϕ=-+⎧⎨=⎩（t 为参数），以O 为极点，x 轴的非负半轴为极轴建立极坐标系，曲线C 的极坐标方程为22(13cos )4ρθ+=．（1）当2πϕ=时，判断直线l 与曲线C 的位置关系；（2）若直线l 与曲线C 相切于点B ，求AB 的值． 23．【选修4—5：不等式选讲】（本小题满分10分）已知222,,,1R a b c a b c ∈++=．（1）证明：112ab bc ca -++≤≤．（2）证明：2222222222()()()3a b c b c a c a b +++++≤．2020年全国100所名校最新高考模拟示范卷理科数学（五）参考答案1．答案：B解析：2{|20}{|(2)(1)0}{|12}A x x x x x x x x=--=-+=-≤≤≤≤，{|21}B x x=-<≤，所以{|22}A B x x=-<≤．2．答案：C 解析：2i2i2i,1i1i1iz z=∴====---，公式：11121222,zzz z z zz z⋅=⋅=．3．答案：D 解析：因为70412212π≈，故选D．4．答案：B 解析：当0a≤时，1()f x axx=+在(2,)+∞上单调递减，当0a>时，1()f x axx=+在⎛⎝上单调递减，在⎫+∞⎪⎭2，即14a≥．5．答案：A 解析：①正确；②正确；③由()6E X =，可得(25)2()52657E X E X -=-=⨯-=，故错误．当3a =-时，26a x y a -=即为963x y -=-，即3210x y -+=，所以方程组232106x y a x y a-+=⎧⎨-=⎩有无穷多解，④正确．6．答案：A解析：105445511551,1log log 2,log 2log 22a b c =>=>=>==<=，故a b c >>．7．答案：A解析：234cos 12sin ,sin 255C C C =-=-∴=；1,a c ==由余弦定理可得2222cos c a b ab C =+- 即263105b b +-=，31(5)05b b ⎛⎫-+= ⎪⎝⎭，5b =，114sin 152225ABC S ab C ∴==⨯⨯⨯=△． 8．答案：C 解析：由 1.3522.35x x -=-，设 1.35t x =-，得21t t =-，作出函数2t y =和1y t =-的图象，可知0t =，即 1.35x =．俯视图的面积为1.3513(5.4 1.35)13.5⨯+⨯-=，正视图面积为5.4，所以俯视图的面积是正视图面积的2.5倍． 9．答案：A 解析：因为当[0,2]x ∈π时，2555x πππω+ωπ+≤≤，由()f x 在[0,2]π有且仅有5个零点．则265x ππω+<π5≤，解得1229510ω⎡⎫∈⎪⎢⎣⎭，． 10．答案：C解析：设221122(2,),(2,)A t t B t t ，12t t ≠，由24x y =，得2xy '=，所以切线12,l l 的斜率分别为11k t =，22k t =，所以21111:(2)l y t t x t -=-，即211y t x t =-，同理2222:l y t x t =-，联立2112223y t x t y t x t y ⎧=-⎪=-⎨⎪=-⎩，得12123x t t y t t =+⎧⎨==-⎩，22121212222ABt t t tk t t -+==-，21211:(2)2AB t t l y t x t +-=-，即12122t t y x t t +=-，即1232t t y x +=+，即直线AB 恒过定点(0,3)，即直线AB 过圆心(0,3)，则直线AB 截圆22650x y y +-+=所得弦长为4．解法二：不妨设(0,3)P -，设切线方程为3y kx =-，将其代入24x y =，得24120x kx -+=，则216480k ∆=-=，解得k =，当k =2120x -+=，解得x =故A ,同理可得(B -，所以直线AB 的方程为3y =，直线AB 过圆心(0,3)，则直线AB 截圆22650x y y +-+=所得弦长为4． 11．答案：D解析：a 与b 为函数()3x f x =的“线性对称点”，所以333a ba b +=+=≥，故34a b +≥（当且仅当a b =时取等号）．又a b +与c 为函数()3x f x =的“线性对称点”，所以3333abca b c++++=，所以33314313131313a b a b ca b a b a b +++++===+---≤，从而c 的最大值为334log log 413=-．12．答案：B 解析：设正方体的棱长为1，延长1D N ，与AB 的延长线交于点F ，则1BF =，连接FM并延长，交BC 于点P ，交AD 于点Q ，取AB 中点G ，连接MG ，则23BP BF GM FG ==， 12,233BP AQ BP ∴===，连接PN ，并延长交11B C 于点H ，连接1D H ，则113HC =，平面1HD QP 即为截面，取PC 中点E ，连接1,C E QE ，则点C 所在的多面体的体积1111111111111123233D DQ C CE C D H EQP V V V --⎛⎫⎛⎫=+=⨯⨯⨯+⨯⨯⨯= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，点1A 所在的多面体的体积1221211,332V V V =-=∴=．13．答案：160- 解析：612x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的展开式中常数项为33361(2)160C x x ⎛⎫⋅⋅-=- ⎪⎝⎭． 14 解析：2,1a b == ，cos 13a b a bπ⋅=⋅=，所以222244164113a b a a b b -=-⋅+=-+= ，所以2a b -=15．答案：0解析：()1ln ,(1)1,(1)2f x x f f a ''=+==-，切线1l 的方程：21y a x +=-，又1l 过原点，所以21a =-，221111()ln 1,()ln ,()x f x x x g x x g x x x x x-'=+=+=-=，当(0,1)x ∈时，()0,()g x g x '<单调递减，当(1,)x ∈+∞时，()0,()g x g x '>单调递增，故()()f x g x x=的最小值为(1)1g =，所以1,20m m a =+=． 16．答案：2或43 解析：设直线倾斜角为α，则7tan cos 8αα==．P 在第一象限， 12F PF △是等腰三角形，所以112F P F F =或212F P F F =．若112F P F F =，则11212,22F P F F c F P c a ===-，由余弦定理得222244(22)788c c x a c +--=，整理得23840e e -+=，解得2e =或23e =（舍去）．…………………………………………………………3分250(221288)5.56 3.84130202030K ⨯⨯-⨯=≈>⨯⨯⨯，所以有95%的把握判断对新高考的了解与年龄（中青年、中老年）有关联．…………………………………………………………………………………………………6分（2）年龄在[55, 65)的被调查者共5人，其中了解新高考的有2人，则抽取的3人中了解新高考的人数X 可能取值为0，1，2，则31121323233335551633(0),(1),(2)1010510C C C C C P X P X P X C C C ==========．………………………9分所以X 的分布列为1336()012105105E X =⨯+⨯+⨯=．……………………………………………………………………12分18．解析：（1）由题意可得4121114614(2)(6)S a d a d a a d =+=⎧⎨+=+⎩ ，即1212372a d d a d +=⎧⎨=⎩，…………………………3分又因为0d ≠，所以12,1a d ==，所以1n a n =+．……………………………………………………6分（2）因为111(2)(1)11(1)(2)(1)(2)12n n n n a a n n n n n n ++-+===-++++++，………………………………9分所以11111111233412222(2)n n T n n n n ⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-+-++-=-=⎪ ⎪ ⎪++++⎝⎭⎝⎭⎝⎭ ．…………………………12分 19．解析：（1）设AC 与BD 的交点为O ，连接MO ．因为//OD EF ，OD ⊄平面CEF ，EF ⊂平面CEF ，所以//OD 平面CEF ．……………………………………………………………………………………2分又OM 是ACE △的中位线，所以//OM CE ，又OM ⊄平面CEF ，CE ⊂平面CEF ，所以//OM 平面CEF ．……………………………………………………………………………………………………4分又OM OD O = ，所以平面//OMD 平面CEF ．又MD ⊂平面OMD ，故//MD 平面CEF ．…5分（2）因为DE DC ⊥，平面CDE ⊥平面ABCD ，平面CDE 平面,ABCD CD DE =⊂平面CDE ，所以ED ⊥平面ABCD ．连接OF ，则EF OD ，故四边形ODEF 是平行四边形，故//ED OF ，从而OF ⊥平面ABCD ．……………………………………………………………………………………6分以O 为坐标原点，,,OA OB OF 分别为x 轴，y 轴，z 轴，建立空间直角坐标系，则(0,1,0),(0,0,1),(0,1,1)A B F E -，则(0,1,0),((0,1,1)EF AF BF ===-，设平面AEF 的法向量为(,,)n x y z =，则0n EF y n AF z ⎧⋅==⎪⎨⋅=+=⎪⎩，取n = ，…………8分则cos ,n BF n BF n BF⋅==⋅BF则cos sin ,n BF θ== ，所以直线BF 与平面AEF ………………………………………………12分 20．解析：（1）由题知，2110,()mx x f x mx x x-'>=-+=，…………………………………………1分 ①当0≤m 时，21()0mx f x x -'=<，所以()f x 在(0,)+∞上单调递减，没有极值；………………3分②当0m >时，令21()0mx f x x -'==，得x =，当x⎛∈ ⎝时，()0,()f x f x '<单调递减，当x ⎫∈+∞⎪⎭时，()0,()f x f x '>单调递增，故()f x 在x=处取得极小值111ln 222f m m =+-，无极大值．…………………………5分（2）不妨令11111()x x x e x h x x e xe----=-=，不难证明10≥x e x --，当且仅当1x =时取等号，所以当(1,)x ∈+∞时，()0h x >，由（1）知，当0,1≤m x >时，()f x 在(1,)+∞上单调递减，()(1)0f x f <=恒成立；所以若要不等式111()x f x x e->-在(1,)+∞上恒成立，只能0m >．当01m <<1>，由（1）知，()f x 在⎛ ⎝上单调递减，所以(1)0f f<=，不满足题意．……………………………………………………………………8分当1≥m 时，设21111()(1)ln 2x F x m x x x e-=---+，因为1,1≥m x >，所以11111,1,01,10≥x x x mx x e e e---><<-<-<，32221222111111(1)(1)()10x x x x x x F x mx x x x e x x x x---+-+'=-++->-++-==>，所以()F x 在(1,)+∞上单调递增，又(1)0F =，所以当(1,)x ∈+∞时，()0F x >恒成立，即()()0f x h x ->恒成立，故存在1≥m ，使得不等式111()x f x x e->-在(1,)+∞上恒成立．此时m 的最小值是1．…………12分21．解析：（1）由2b =b =，又由22222214c a b e a a -===，得2234a b =，则224,3a b ==，故椭圆C 的方程为22143x y +=．……………………………………………………4分（2）由（1）知(1,0)F ，①当直线12,l l 的斜率都存在时，由对称性不妨设直线1l 的方程为(1)y k x =-，1k ≠±，由222222(1)(43)8412034120y k x k x k x k x y =-⎧⇒+-+-=⎨+-=⎩，……………………………………5分设1122(,),(,)P x y Q x y ，则2221212228412,,144(1)04343k k x x x x k k k -+==∆=+>++，…………6分则2212(1)34k PQ k +==+，由椭圆的对称性可设直线2l 的斜率为11k k +-，则22221121224(1)17(1)21341k k k MN k k k k +⎛⎫+⋅ ⎪+-⎝⎭==+++⎛⎫+⋅ ⎪-⎝⎭，……………………………………………………8分 222222212(1)7(1)27(1)27873424(1)6882432PQ k k k k k k MN k k k k ++++++=⋅==+++++，令87t k =+，则78t k -=，当0t =时，78k =-，78PQ MN =，当0t ≠时，22724322432197878722t k t k t t-⎛⎫+ ⎪+⎝⎭==+-+，若0t >，则1977722t t +--，若0t <，则1977722≤t t+-2872432≤k k ++，即2872432k k ++，≤PQ MN ，且87PQ MN ≠．………………………………………………10分 ②当直线12,l l 的斜率其中一条不存在时，由对称性不妨设直线1l 的方程为1y x =-，则2242,37b PQ MN a ===，此时87PQ MN =∈⎣⎦．若设2l 的方程为1y x =-，则78PQMN =∈⎣⎦，综上可知，PQMN的取值范围是⎣⎦．……………………………………………12分 22．解析：（1）由122cos :2sin x C y αα=+⎧⎨=⎩（α为参数），得1C 的普通方程为22(2)4x y -+=；由sin 13πρθ⎛⎫-= ⎪⎝⎭，得1sin cos 12ρθρθ=cos sin 20θρθ-+=，又由cos ,sin x y ρθρθ==，得曲线220C y -+=．…………………………………………5分（2）由题意，可设点P 的直角坐标为(22cos ,2sin )αα+，因为2C 是直线，所以PQ 的最小值，即为P 到2C 的距离()d α的最小值，()2cos 16d παα⎛⎫=+++ ⎪⎝⎭．………………………………8分当且仅当52,6Z k k παπ=+∈时，()d α1-，此时P的直角坐标为(2．…………………………………………………………………………10分23．解析：（1）3,11()2112,1213,2≥≤x x f x x x x x x x ⎧⎪⎪⎪=++-=+-<<⎨⎪⎪--⎪⎩，…………………………………………1分当1≥x 时，39≤x ，得13≤≤x ；………………………………………………………………………2分当112x -<<时，29≤x +，解得7≤x ，故112x -<<；…………………………………………3分当12≤x -时，39≤x -，解得3≥x -，故132≤≤x --．……………………………………………4分综上，原不等式的解集为{|33}≤≤x x -．………………………………………………………………5分（2）36,1()91244,12≤x x g x x x x x +-⎧⎪=-+--=+-<<⎨⎪，在同一坐标系内画出函数()f x 和()g x 的图象，10分。

2020届全国100所名校高考模拟金典卷(六)数学(理)试题解析

绝密★启用前2020届全国100所名校高考模拟金典卷（六）数学（理）试题注意事项：1、答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2、请将答案正确填写在答题卡上一、单选题1．已知集合{}2|20A x x x =--≥，{|13}B x x =<<，则()R A B =U ð（）A ．{|13}x x -<<B ．{|11}x x -<<C ．{|12}x x <<D ．{|23}x x << 答案：A由集合A 求出A R ð，进而求出()R A B ðU 即可.解：∵{}2|20{|12}R x x x x A x =--<=-<<ð，∴(){|13}R B x A x ⋃=-<<ð．故选：A点评：本题主要考查集合的运算，考查学生的运算求解能力．2．已知复数z 满足(1)4z i +=，则1z -=（）A ．2B C ．3 D答案：B先求出z ，再计算1z -.解：由(1)4(1)(1)4(1)z i z i i i +=⇒+-=-得22z i =-，则|1||12|z i -=-==故选：B点评：本题主要考查了复数的运算，复数的模的计算，考查学生的基本运算能力.3．已知函数()f x =A ，则函数21()()2x g x x A -⎛⎫=∈ ⎪⎝⎭的值域为（）A ．(,0]-∞B ．(,1]-∞C ．(1,)+∞D ．[1,)+∞答案：D 先求出集合A ，再判断出函数()g x 的单调性，从而求出函数()g x 的值域. 解：由310log (1)0x x ->⎧⎨-≥⎩得2x ≥，所以[)2,A =+∞ 又因为函数()g x 在R 上单调递增，所以当x A ∈时，()1g x ≥．故选：D点评：本题主要考查了对数函数，指数函数的性质，考查了函数单调性的判断，考查了学生的运算求解能力.4．若x 、y 满足约束条件4201x y x y y +≤⎧⎪-+≥⎨⎪≥⎩，目标函数2z x y =+取得的最大值为（）A ．5B ．6C ．7D ．8答案：C作出不等式组所表示的可行域，平移直线2z x y =+，找出使得直线2z x y =+在x 轴上截距最大时对应的最优解，代入目标函数计算即可得出结果.解：作出不等式组4201x y x y y +≤⎧⎪-+≥⎨⎪≥⎩所表示的可行域如下图所示：联立140y x y =⎧⎨+-=⎩，得31x y =⎧⎨=⎩，得点()3,1A ，平移直线2z x y =+，当该直线经过可行域的顶点A 时，直线2z x y =+在x 轴上的截距最大，此时z 取最大值，即max 2317z =⨯+=.故选：C.点评：本题考查简单的线性规划问题，考查线性目标函数的最值问题，一般利用平移直线的方法找出最优解，考查数形结合思想的应用，属于基础题.5．已知ABC ∆的面积为4，且2sin sin sin A B C =，则AB 的长为（）A ．4B ．C ．2D 答案：A由正弦定理得2sin BC B AB ⋅=，又1sin 42BC AB B ⋅⋅=，故可求得AB . 解： Q 2sin sin sin A B C =，由正弦定理得2sin BC B AB ⋅=，又1sin 42BC AB B ⋅⋅=， ∴216AB =，得4AB =．故选:A点评：本题主要考查了正弦定理的应用，三角形的面积公式，考查了学生运算求解能力.6．我国古代数学著作《九章算术》有如下问题：“今有池方一丈，葭生其中央，出水一尺，引葭赴岸，始与岸齐，问水深、葭长各几何？”意思是说：“有一个边长为1丈的正方形水池，在池的正中央长着一根芦苇，芦苇露出水面1尺．若将芦苇拉到池边中点处，芦苇的顶端恰好到达水面．问水有多深？芦苇多长？”该题所求的水深为（）A ．12尺B ．10尺C ．9尺D ．14尺答案：A设水深为x 尺，根据题意列出有关x 的方程，进而可求得x 的值，即可得出结论. 解：设水深为x 尺，依题意得()22215x x +-=，解得12x =．因此，水深为12尺.故选：A.点评：本题考查中国数学史，考查考生的逻辑推理能力与运算求解能力，属于基础题.7．某三棱锥的三视图如图所示，则该三棱锥最长棱的长为（）A ．22B ．3C ．23D ．4答案：C 作出三棱锥的直观图，结合三视图中的数据计算出三棱锥各条棱的棱长，进而可得出结果.解：该三棱锥直观图如图所示，其中2BD =，2215AC CB CD ===+=，222222AB =+=，2223AD AB BD =+=，因此，该三棱锥的最长棱的棱长为23AD =.故选：C.点评：本题考查三视图，考查考生的空间想象能力，属于中等题.8．已知抛物线2:4C y x =的焦点为F ，准线为l ，P 是l 上一点，Q 是线段PF 与抛物线C 的一个交点，若3PF FQ =u u u r u u u r ，则点Q 到y 轴的距离为（）。

2020届全国100所名校最新高考模拟示范卷(二)高三模拟测试数学(理)试题(解析版)

【详解】
（1）因为，
利用正弦定理可得，，
即，因为，
所以，即，
因为，所以，，
因为，所以 .
（2）由（1）及余弦定理可得，
，即，
所以，当且仅当时等号成立，
所以的最大值为 .
【点睛】
本题考查利用正余弦定理解三角形、两角和的正弦公式及利用基本不等式求最值；考查运算求解能力和知识迁移能力；属于中档题、常考题型.
18．如图，在四棱锥中，底面，底面为直角梯形，， ∥ ，，，，，分别为线段，，的中点．
（1）证明：平面 ∥平面．
（2）求直线与平面所成角的正弦值．
【答案】（1）证明见解析；（2）
【解析】（1）连接，设与相交于点，利用线面平行的判定定理和面面平行的判定定理即可证明；
以为原点，所在的直线为轴，轴，轴，
建立空间直角坐标系，如图所示：
则，，，，
所以，
11．已知数列满足条件，，，则的最小值为（）
A．3B．2C．1D．0
【答案】C
【解析】利用可得，即，结合可得，利用累加法可得，，只需求出的最小值即可，结合，即，分两种情况分别代入递推式，依次求出的值，求出使最小的对应的的值即可.
【详解】
因为，，
所以，即，
又，所以，
，即， .
故答案为： .
【点睛】
本题考查正弦型函数对称性和周期性的综合应用问题，关键是明确正弦型函数相邻的两个对称中心横坐标间隔为半个最小正周期.
15．若，满足约束条件，则的最大值为__________．
【答案】
【解析】作出不等式组表示的平面区域，平移直线，根据目标函数的几何意义知，向下平移直线到最高点时，目标函数有最大值，据此求出目标函数最大值即可.

2020届百校联盟(全国卷)高三第六次调研考试数学(理)试题

2020届百校联盟（全国卷）高三第六次调研考试高三数学（理科） ★祝考试顺利★ 注意事项：1、考试范围：高考范围。

2、试题卷启封下发后，如果试题卷有缺页、漏印、重印、损坏或者个别字句印刷模糊不清等情况，应当立马报告监考老师，否则一切后果自负。

3、答题卡启封下发后，如果发现答题卡上出现字迹模糊、行列歪斜或缺印等现象，应当马上报告监考老师，否则一切后果自负。

4、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。

5、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

6、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

7、保持答题卡卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

8、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

第I 卷（选择题共60分）一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，每题只有一个正确选项） 1．设全集为R ，集合{02}A x x =<<，{1}B x x =≥，则()R A C B I （） A ．{01}x x <≤ B ．{01}x x << C ．{12}x x ≤<D ．{02}x x <<2．已知集合{|01,}A x x x N =≤≤∈，则集合A 的子集个数为（） A ．1 B ．2 C ．3 D ．43．在ABC △中，AD 为BC 边上的中线，E 为AD 的中点，则EB =uur（）A ．3144AB AC -uuu r uuu rB ．1344AB AC -uuu r uuu rC ．3144AB AC +uuu r uuu rD ．1344AB AC +uuu r uuu r4．已知向量(1,7)m =与向量(tan ,18tan )n αα=+平行，则tan 2α的值为（） A ．43-B ．43C ．34-D ．345．已知函数3()sin(2)2f x x π=+（x R ∈)，下面结论错误的是（ ) A ．函数()f x 的最小正周期为π B ．函数()f x 是偶函数C ．函数()f x 的图象关于直线4x π=对称 D ．函数()f x 在区间0,2π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上是增函数6．△ABC 的内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，已知a =b =6A π∠=，则B ∠=（） A ．4π B ．4π或34π C ．3π或23π D ．3π7．已知命题:p 对任意()480,,log log x x x ∈+∞<，命题:q 存在x R ∈，使得tan 13xx =-，则下列命题为真命题的是（）A ．p q ∧B ．()()p q ⌝∧⌝C ．()p q ∧⌝D ．()p q ⌝∧ 8．已知()f x 是定义在R 上的偶函数，且在区间(,0)-∞上单调递增，若实数a 满足|1|(2)(a f f ->，则a 的取值范围是（）A ．1(,)2-∞ B ．1(,)2-∞3(,)2+∞ C ．13(,)22 D ．3(,)2+∞9．函数y=2|x|sin2x 的图像可能是（）10．已知定义在R 上的函数()f x 满足：(1)y f x =-的图象关于(1,0)点对称，且当0x ≥时恒有31()()22f x f x -=+，当[0,2)x ∈时，()1xf x e =-，则(2016)(2015)f f +-=（）A ．1e -B ．1e -C ．1e --D ．1e +11．已知a 为常数，函数32()3(3)1xf x ax ax x e =---+在(0,2)内有两个极值点，则实数a的取值范围为（）A ．(,)3e -∞B ．2(,)3e eC ．2(,)36e eD ．(,)3e+∞12．已知21()ln (0)2f x a x x a =+>，若对任意两个不等的正实数12,x x ，都有1212()()2f x f x x x ->-恒成立，则实数a 的取值范围是（）A ． (0,1]B ． (1,)+∞C ．(0,1)D ．[1,)+∞第II 卷（非选择题共90分）二、填空题（每小题5分，共20分.把答案填在答题卷的横线．．．．．．．．上） 13．已知⎭⎬⎫⎩⎨⎧---∈3,2,1,21,21,1,2α，若幂函数αx x f =)(为奇函数，且在0+∞（，）上单调递减，则α=_________14．已知曲线3ln y x x =-，则其在点(1,3)处的切线方程是_______________15．在平面直角坐标系中，已知点A （-1，0），B （2，0），E ，F 是y 轴上的两个动点，且|EF uu v|=2，则AE uu u v ·BF uu v的最小值为 __________．16．若函数32()21()f x x ax a =-+∈R 在(0,)+∞内有且只有一个零点，则()f x 在[1,1]-上的最大值与最小值的和为__________三、解答题：（本题共6个小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程和演算步骤）17．（本小题满分12分）设常数a R ∈，函数f x （）=x x a 2cos 22sin + （1）若f x （）为偶函数，求a 的值；（2）若4f π〔〕1=，求方程1f x =-（）ππ-［，］上的解. 18．（本小题满分12分）记(),()f x g x ''分别为函数(),()f x g x 的导函数．若存在0x ∈R ，满足00()()f x g x =且00()()f x g x ''=，则称0x 为函数()f x 与()g x 的一个“S 点”．（1）证明：函数()f x x =与2()22g x x x =+-不存在“S 点”；（2）若函数2()1f x ax =-与()ln g x x =存在“S 点”，求实数a 的值19．（本小题满分12分）在ABC ∆中，角,,A B C 所对的边分别为,,a b c ，(sin ,sin sin )m A B C =-，(3,)n a b c =-+，且m n ⊥．（1）求角C 的值；（2）若ABC ∆为锐角三角形，且1c =b -的取值范围． 20. （本小题满分12分）已知函数1()ln f x x a x x=-+．（1）讨论()f x 的单调性；（2）若()f x 存在两个极值点12,x x ，证明：()()12122f x f x a x x -<--．21．（本小题满分12分）某群体的人均通勤时间，是指单日内该群体中成员从居住地到工作地的平均用时，某地上班族S 中的成员仅以自驾或公交方式通勤，分析显示：当S 中()%0100x x <<的成员自驾时，自驾群体的人均通勤时间为⎪⎩⎪⎨⎧<<-+≤<=10030,9018002300,30)(x x x x x f （单位：分钟），而公交群体的人均通勤时间不受x 影响，恒为40分钟，试根据上述分析结果回答下列问题：（1）当x 在什么范围内时，公交群体的人均通勤时间少于自驾群体的人均通勤时间？（2）求该地上班族S 的人均通勤时间g x （）的表达式；讨论g x （）的单调性，并说明其实际意义.22.（本小题满分10分）选修4-4：坐标系与参数方程在直角坐标系xOy 中，曲线1C 的方程为||2y k x =+.以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线2C 的极坐标方程为22cos 30ρρθ+-=.（1）求2C 的直角坐标方程；（2）若1C 与2C 有且仅有三个公共点，求1C 的方程.高三数学（理科）试卷参考答案与评分标准一、选择题（12小题，每题5分，共60分）二、填空题（4小题，每题5分，共20分）13．1- 14．210x y -+= 15． 3- 16．3-三、解答题：（本题共6个小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程和演算步骤） 17.解：（1）11cos 22sin )(2+-+=x x a x f =12cos 2sin ++x x a ，1)2cos()2sin()(+-+-=-x x a x f 12cos 2sin ++-=x x a当)(x f 为偶函数时：)()(x f x f -=，则a a -=，解得0=a 。

百师联盟2020届全国高三开学摸底大联考全国卷理科数学试题及答案解析(12页)

百师联盟2020届全国高三开学摸底大联考全国卷理科数学试题理科数学试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上.2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.考试时间120分钟，满分150分.一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合{|31}A x x =-<„，集合{|B x y ==，则A B ⋃=（）A．[ B．( C．[- D．(-2.已知命题:,(0,1)P x y ∀∈，2x y +<，则命题P 的否定为（） A ．,(0,1)x y ∀∈，2x y +… B ．,(0,1)x y ∀∉，2x y +…C ．00,(0,1)x y ∃∉，002x y +…D ．00,(0,1)x y ∃∈，002x y +…3.已知实数,x y 满足2,2,10,y x y x y ⎧⎪+⎨⎪-+⎩„…„则32x y +的最大值为（） A ．7B ．5C ．4D ．924.某商场开展转转盘抽奖活动，每抽奖一次转动一次转盘（转盘如图），经测量可知一等奖，二等奖和三等奖所在扇形区域的圆心角分别为20︒，50︒和60︒，则抽奖一次中一等奖的概率为（）A ．1336 B ．1736 C ．1936D ．595.已知P 为圆22(1)1x y ++=上任一点，,A B 为直线3470x y +-=上的两个动点，且||3AB =，则PAB △面积的最大值为（）A ．9B ．92C ．3D ．326.元代数学家朱世杰编著的《算法启蒙》中记载了有关数列的计算问题：“今有竹七节，下两节容米四升，上两节容米二升，各节欲均容，问逐节各容几升？”其大意为：现有一根七节的竹子，最下面两节可装米四升，最上面两节可装米二升，如果竹子装米量逐节等量减少，问竹子各节各装米多少升？以此计算，第四节竹子的装米量为（） A ．1升 B ．23升 C ．32升 D ．43升 7.如图，在梯形ABCD 中，2BC AD =，DE EC =，设BA a =u u u r ，BC b =u u u r ，则BE =u u u r（）A ．1124a b + B ．1536a b +C ．2233a b + D ．1324a b + 8.执行如图所示的程序框图，则输出S 的值为（）A ．3B ．2020C ．3030D ．10109.()()5102221x xxx +-+的展开式中，含7x 项的系数为（）A ．100B ．300C ．500D ．11010.已知函数()sin 0)f x x x ωωω=+->在0,2π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上有且仅有三个零点，则ω的取值范围是（） A ．1014,33⎛⎫⎪⎝⎭ B ．1014,33⎡⎫⎪⎢⎣⎭ C ．144,3⎡⎤⎢⎥⎣⎦ D ．144,3⎡⎫⎪⎢⎣⎭11.如图，四棱锥P ABCD -中，底面为直角梯形，90BAD ADC ∠=∠=︒，23AB CD =，E 为PC 上靠近点C 的三等分点，则三棱锥B CDE -与四棱锥P ABCD -的体积比为（）A ．19 B ．15 C ．16 D ．1312.双曲线22221(0,0)x y a b a b -=>>，12,F F 为其左右焦点，线段2F A 垂直直线b y x a=，垂足为点A ，与双曲线交于点B ，若2F B BA =u u u r u u u r，则该双曲线的离心率为（）A B ．2C ．3D二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分. 13.若复数2221iz i-=++，则||z =_____. 14.在一次考试后，为了分析成绩，从1、2、3班中抽取了3名同学（每班一人），记这三名同学为A B C 、、，已知来自2班的同学比B 成绩低，A 与来自2班的同学成绩不同，C 的成绩比来自3班的同学高.由此判断，来自1班的同学为______.15.数列{}n a 中，其前n 项和为n S 且221nn n S a =-+，则10S =_____.16.若函数1()e xf x x b a=--在其定义域上的最小值为0，则2a b 最小值为_____.三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证眀过程或演算步骤.第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题，考生根据要求作答. （一）必考题：共60分.17.在ABC △中，三个内角,,A B C 所对的边分别为,,a b c ，且()sin sin()sin a c A c A B b B -++=. （1）求B ；（2）若8a c +=，三角形的面积ABC S =△b .18.如图所示的多面体的底面ABCD 为直角梯形，四边形DCFE 为矩形，且DE BC ⊥，AD DC ⊥，又AD AB ⊥，122AB AD DE CD ====，,,M N P 分别为,,EF BF BC 的中点.（1）求证：BC ⊥平面MNP ；（2）求直线MN 与平面BCF 所成角的余弦值..19.移动支付（支付宝支付，微信支付等）开创了新的支付方式，使电子货币开始普及，为了了解习惯使用移动支付方式是否与年龄有关，对某地200人进行了问卷调查，得到数据如下：60岁以上的人群中，习惯使用移动支付的人数为30人；60岁及以下的人群中，不习惯使用移动支付的人数为40人.已知在全部200人中，随机抽取一人，抽到习惯使用移动支付的人的概率为0.6.（1）完成如下的列联表，并判断是否有99.9%的把握认为习惯使用移动支付与年龄有关，并说明理由.（2）在习惯使用移动支付的60岁以上的人群中，每月移动支付的金额如下表：现采用分层抽样的方法从中抽取9人，再从这9人中随机抽取4人，记4人中每月移动支付金额超过3000元的人数为Y ，求Y 的分布列及数学期望.附：22()()()()()n ad bc K a b c d a c b d -=++++，其中n a b c d =+++.20.函数2()ln 6()a f x a x x a x=--∈R . （1）讨论函数()f x 的单调性；（2）若0a >，证明：当(0,2]x ∈时，()0f x <恒成立.21.已知2222:1(0)x y C a b a b+=>>的离心率e =，椭圆的左焦点为1F ，短轴的两个端点分别为12,B B ，且11122F B F B ⋅=u u u u r u u u u r.（1）求C 的标准方程；（2）若过左顶点A 作椭圆的两条弦,AM AN ，且0AM AN ⋅=u u u u r u u u r，求证：直线MN 与x 轴的交点为定点.（二）选考题：共10分.请考生在第22、23题中任选一题．．．．作答.如果多做，则按所做第一题计分.作答时请用2B 铅笔在答题卡上将所选题号后的方框涂黑. 22.[选修4-4：坐标系与参数方程]在平面直角坐标系xOy 中，直线l 的倾斜角为4π，且过点(5,)M a ，曲线C 的参数方程为4cos ,3sin x y θθ=⎧⎨=⎩（θ为参数）.（1）求曲线C 的直角坐标方程；（2）当曲线C 上的点到直线l 的最大距离为l 的直角坐标方程. 23.[选修4-5：不等式选讲] 已知函数()|1||2|f x x x =+--. （1）求不等式()1f x <-的解集；（2）若()|1|f x a -„的解集为实数集R ，求实数a 的取值范围.百师联盟2020届全国高三开学摸底大联考全国卷理科数学答案及评分意见1.D【解析】[B =，所以(A B ⋃=-.2.D 【解析】由全称命题,()x M p x ∀∈的否定为x M ∃∈，()P x ⌝可得00,(0,1)x y ∃∈，002x y +…. 3.A 【解析】由可行域可知，过点(1,2)时，32x y +取得最大值7.4.C 【解析】概率20502601936036P ︒+︒+⨯︒==︒.5.B 【解析】圆心到直线的距离为|37|25--=，所以圆上的点到直线的最大距离为213+=，所以PABS △的最大值为193322⨯⨯=. 6.B 【解析】设竹子自下而上的各节容米量分别为127,a a a L ，则有12676a a a a +++=，由等差数列的性质可得17423a a a +==，所以432a =. 7.D 【解析】取BC 中点F ，则1111322224BE BC CE BC FA BC BA BC BA BC⎛⎫=+=+=+-=+ ⎪⎝⎭u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r1324a b =+. 8.C 【解析】10a =，23a =，32a =-，45a =，54a =-，67a =…可知12343a a a a +=+==L 当2020i =时，101033030S =⨯=.9.A 【解析】30()11520(1)krkr k r k T T C C x-+++=-，其中05r 剟，020k 剟，，则23r k +=，所以可取3r =，20k =或4r =，19k =或5r =，18k =，分别代入求和得7x 项得系数为100.10.D 【解析】()2sin 3f x x πω⎛⎫=+- ⎪⎝⎭，则()f x =在0,2π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上有且仅有三个根，则3sin x πω⎛⎫+=⎪⎝⎭有且仅有三个根，则233x k ππωπ+=+或223k ππ+.k ∈Z .需2223233πωπππππ++<+…解得144,3ω⎡⎫∈⎪⎢⎣⎭. 11.B 【解析】设四棱锥P ABCD -的高为h ，则三棱锥B CDEE -的高为13h ，2AB a =，则3CD a =，所以11532p ABCD V a AD h -=⨯⨯⨯⨯，1113323B CDE V a AD h -=⨯⨯⨯⨯，所以15B CDE P ABCD V V --=12.A 【解析】2F A 所在的直线方程为()a y x c b =--，与直线by x a =的交点为2,a ab A c c ⎛⎫ ⎪⎝⎭，B 为线段FA 的中点，所以22,22c a ab B c c ⎛⎫+⎪⎝⎭，代入双曲线方程得()2222222222244a c a b b a a b c c+⨯-⨯=得222c a =，所以ce a==13. 【解析】(2)(1)222(1)(1)i i z i i i --=+=-+-，所以||z =14.B 【解析】由题，B 不是来自2班，A 不是来自2班，所以C 来自2班，又B 的成绩比来自2班的同学高，C 的成绩比来自3班的同学高，所以B 不能来自3班，只能来自1班. 15.9217 【解析】11121a S a ==-，得11a =，又11112222nn n n n n n S S a a a ++++-==-+-，即11222n n n n a a ++-=-得111222n n n n a a ++-=. 所以2n n a ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是以12为首项12为公差的等差数列，即11(1)2222n na n n =+-⨯=，所以122n n a n =⨯由错位相减法可得109217S =. 16.21e-【解析】由题，0x x e b a --…恒成立，可转化为直线1y x b a =+与曲线xy e =相切. 设切点坐标为()00,x x e ，则0001,1.x x e x b a e a ⎧=+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩可得0201x x a b e -=，令1()e t t h t -=，则2()e tt h t -'=可得当2t =时，()h t 取得最小值21e-. 17. 【解析】（1）由()sin sin()sin a c A c A B b B -++=，得()sin sin sin a c A C c b B -+=. 由正弦定理得22()a c a c b -⨯+=，即222122a cb ac +-=. 所以1cos 2B =，又因为(0,)B π∈ 所以3B π=.（2）由（1）知3B π=，1sin 2ABC S ac B ==△16ac =，又8a c +=，解得4a =，4c =，所以：2222cos 16b a c ac B =+-=，得4b =. 18.【解析】（1）证明：因为,P N 分别为,BC BF 的中点，所以PN CF P ，因为四边形EDCF 为矩形，所以DE CD ⊥ 又因为DE BC ⊥，所以DE ⊥平面ABCD ，所以PN BC ⊥ 取CD 中点H ，连接,,PH BH MH ，则MH CF PN P P ，所以点,,,M N P H 同在平面MNP 内.在BHC △中，2BH AD ==，2CH CD AB =-=，90BHC ∠=︒，P 为BC 中点，所以HP BC ⊥又因为PN 交HP 于点P ，所以BC ⊥平面MNP .（2）由（1）知,,AD DE CD 三条直线两两垂直且交于点D ，以D 为原点，,,DA DC DE 分别为,,x y z 轴，建立空间直角坐标系.则(2,2,0)B ，(0,4,0)C ，(0,4,2)F ，因为,M N 分别为,EF BF 中点，可得(0,2,2)M ，(1,3,1)N ，设平面BCF 的法向量为(,,)m x y z =u r ，则0,0.n BF n BC ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩r u u u rr u u u r即220,2220.x y x y z -+=⎧⎨-++=⎩ 令1x =，可得1y =，0z =，所以(1,1,0)n =r.所以cos ,||||n MN n MN n MN ⋅〈〉==r u u u u rr u u u u r r u u u u r .所以MN 与平面BCF3=. 19.【解析】（1）列联表如图：220024002400120013.18710.828701*********K ⨯⨯==≈>⨯⨯⨯.所以有99.9%的把握认为习惯使用移动支付与年龄有关.（2）由（1）得30x =，所以在抽取的9人中，月支付金额在[100,1000]的有1人，在(1000,2000]的为2人，在(2000,3000]的为3人，3000以上的为3人，则46495(0)42C P Y C ===，31634910(1)21C C P Y C ===，2263495(2)14C C P Y C ===. 1363491(3)21C C P Y C ===，所以分布列为510514()0123422114213E Y =⨯+⨯+⨯+⨯=. 所以Y 的数学期望为43. 20.【解析】（1）222226()6a a x ax a f x x x x-++'=+-=. 令()0f x '=，得2260x ax a -++=，解得12a x =，23a x =-. ①当0a =时，()60f x '=-<，所以()f x 在(0,)+∞上单调递减.②当0a >，02a >，03a -<，()f x 在0,2a ⎛⎫ ⎪⎝⎭上单调递增，在,2a ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭上单调递减. ③当0a <时，02a <，03a ->，()f x 在0,3a ⎛⎫- ⎪⎝⎭上单调递增，在,3a ⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭上单调递减. （2）当0a >时，由（1）得()f x 在0,2a ⎛⎫ ⎪⎝⎭上单调递增，在,2a ⎛⎫+∞⎪⎝⎭上单调递减. ①当22a <，即04a <<时，()f x 在(0,2]的最大值 max ()ln 5ln 5222a a a f x f a a a ⎛⎫⎛⎫==-=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. 因为04a <<，所以ln ln 2ln 12a e <<=. 所以ln 502a a ⎛⎫-< ⎪⎝⎭， ②当22a …，即4a …时，()f x 在(0,2]内单调递增. max ()(2)ln 2122a f x f a ⎛⎫==-- ⎪⎝⎭. 因为4a …，ln 2ln 12a e <=<. 所以ln 202a a ⎛⎫-< ⎪⎝⎭，所以ln 21202a a ⎛⎫--< ⎪⎝⎭. 综合①②可知当(0,2]x ∈时，()0f x <恒成立.21.【解析】（1）设1(,0)F c -，1(0,)B b ，2(0,)B b -，由题意2c a =，① 1112(,)(,)2F B F B c b c b ⋅=⋅-=u u u u r u u u u r ，②又222c a b =-，③由①②③得24a =，21b =，所以椭圆方程为2214x y +=. （2）由题可知，(0,2)A -，直线,AM AN 斜率存在且不为零，设直线AM 斜率为k ，则直线AN 斜率为1k-. 设直线AM 方程为(2)y k x =+，与椭圆方程联立得22(2),440.y k x x y =+⎧⎨+-=⎩得()222214161640k x k x k +++-=.① 方程①的一根为2-，设(),M M M x y ，则22164214M k x k --=+，得222814M k x k -=+，所以()2M M y k x =+，得2414M k y k =+ 得222284,1414k k M k k ⎛⎫- ⎪++⎝⎭，同理可得（将k 换为1k -）得222284,44k k N k k ⎛⎫-- ⎪++⎝⎭. 则()()()()232222242222442012020514428284416161611144MN k k k k k k k k k k k k k k k k k k +++-++====-------+-++. 所以直线MN 的方程为222245284444k k k y x k k k ⎛⎫--+=- ⎪+-+⎝⎭. 令0y =，则()()()()()222222221616428624645545454k k k k x k k k k --+---=+===-++++. 所以，直线MN 与x 轴的交点为定点6,05⎛⎫-⎪⎝⎭. 22.【解析】（1）由4cos ,3sin x y θθ=⎧⎨=⎩（θ为参数）.得cos ,4sin .3x y θθ⎧=⎪⎪⎨⎪=⎪⎩ 所以2222sin cos 43x y θθ⎛⎫⎛⎫+=+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. 所以曲线C 的直角坐标方程为221169x y +=. （2）直线l 的方程为5y a x -=-，即50x y a -+-=.设曲线C 上任一点(4cos ,3sin )M θθ，则点M 到直线l 的距离d ==3tan 4ϕ=）. ①当50a ->时，max d ==，解得10a =. ②当50a -<时，max d ===0a = 综合①②可知直线l 的直角坐标方程为50x y -+=或50x y --=.23.【解析】（1）由题可得3,1,()21,12,3,2,x f x x x x --⎧⎪=--<<⎨⎪⎩„…31,1,()1211,1 2.x f x x x -<--⎧<-⇔⎨-<--<<⎩„ 解得0x <，所以不等式的解集为(,0)-∞.（2）由（1）可得若()|1|f x a -„的解集为R ，只需|1|3a -….解得2a -„或4a …，-∞-⋃+∞.所以实数a的取值范围为(,2][4,)。

【金太阳】2020年全国100所名校最新高考模拟卷理科数学试卷(六)

．
a1a3 a3a5
15．已知 7 件产品有 5 件合格品，2 件次品．为找出这 2 件次品，每次任取一件检验，检验后不放回，则
第一次和第二次都检验出次品的概率为
；恰好在第一次检验出正品而在第四次检验出最后一件
次品的概率为
．
x2 y2
2
16．椭圆 1(a b 0) 的左焦点为 F ，过点 F 且斜率为的直线 l 与椭圆交于 A, B 两点（点 B
A． 6 6 3
B．8 6 3
C．8 8 5
D． 6 8 5
12．已知函数
f
(x)
2sin x
6
的图象的一条对称轴为
x
，其中
为常数，且
(0,1)
，给出
下述四个结论：
①函数 f (x) 的最小正周期为 3 ；②将函数 f (x) 的图象向左平移所得图象关于原点对称；
6
③函数
f
20．（本小题满分 12 分）
已知函数 f (x) x sin x, g(x) ex f (x) ．
3 （1）求证：函数 g(x) 是 0, 2 上的增函数．
（2）若不等式
e
x
≥
af
(
x)
对
x
,
2
恒成立，求实数
a
的取值范围．
21．（本小题满分 12 分）
在学习强国活动中，某市图书馆的科技类图书和时政类图书是市民借阅的热门图书．为了丰富图书资源，
一条渐近线交于 A, B 两点，且线段 AF 的中点 M 落在另一条渐近线上，则双曲线 C 的方程是（）
x2 y2 A． 1
43
x2 y2 B． 1
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2020届全国100所名校最新高考模拟示范卷(二)高三模拟测试数学(理)试题解析

绝密★启用前2020届全国100所名校最新高考模拟示范卷（二）高三模拟测试数学（理）试题注意事项：1、答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2、请将答案正确填写在答题卡上一、单选题1．若集合{}|22A x x =-<≤，{}|13B x x =-<<，则A B =U （）A ．[)2,3-B ．(]1,2-C ．(]2,2-D ．()2,3-答案：D利用集合的并运算求解即可.解：因为集合{}|22A x x =-<≤，{}|13B x x =-<<，由集合的并运算可得，()2,3A B =-U .故选：D点评：本题考查集合的并运算；考查运算求解能力；属于基础题.2．i 是虚数单位，2z i =-，则||z =（）A B ．2 C D 答案：C由复数模长的定义可直接求得结果.解：2z i =-Q ，z ∴==故选：C . 点评：本题考查复数模长的求解问题，属于基础题. 3．若双曲线()222210,0x y a b a b-=>>的离心率为53，则该双曲线的渐近线方程为（）A ．45y x =±B ．54y x =±C ．43y x =±D ．34y x =? 答案：C 由双曲线的离心率，结合,,a b c 的关系求出,a b 的关系，代入双曲线的渐近线方程即可求解.解：因为双曲线的离心率为53，即53c e a ==，所以53c a =，又222c a b =+，所以43b a =，因为双曲线的渐近线方程为b y x a=±，所以该双曲线的渐近线方程为43y x =±. 故选：C点评：本题考查双曲线的标准方程及其几何性质；考查运算求解能力；属于基础题.4．已知数列{}n a 是等差数列，其前n 项和为n S ，若1166S =，则6a =（）A ．6B ．4C ．11D ．3答案：A利用等差数列的性质和等差数列前n 项和公式即可求解.解：因为1166S =，由等差数列前n 项和公式可得， ()1111111662a a S +==，解得11112a a +=，由等差数列的性质可得，11162a a a +=，所以66a =.故选：A点评：本题考查等差数列的性质和等差数列前n 项和公式；考查运算求解能力；灵活运用等差数列的性质和等差数列的前n 项和公式是求解本题的关键；属于基础题.5．511x ⎛⎫- ⎪⎝⎭展开式中含2x -的系数是（） A ．15 B ．15- C ．10 D ．10-由二项展开式通项公式可确定3r =，由此可求得系数. 解：511x ⎛⎫- ⎪⎝⎭展开式的通项()()55155111r r r r r r r T C C x x --+⎛⎫=⋅-=-⋅ ⎪⎝⎭，当3r =时，3224510T C x x --=-=-，即2x -的系数为10-.故选：D .点评：本题考查二项展开式指定项系数的求解问题，关键是熟练掌握二项展开式通项公式的形式.6．函数()()21e ln 11e xx f x x x -=+-+的图象大致为（） A ． B ．C ．D ．答案：B根据题意，利用函数奇偶性的定义判断函数()f x 的奇偶性排除选项,C D ；利用()20f >排除选项A 即可.解：由题意知，函数())21e ln 11e xxf x x x -=++的定义域为R ，其定义域关于原点对称，因为())21ln 11xx e f x x x e----=++)21ln 11x x e x x e -=++ 又因为)))1222ln 1ln 1ln 1x x x x x x -+=+=-+，所以()()f x f x -=，即函数()f x 为偶函数，故排除,C D ；又因为())2212ln 5201e f e-=->+，故排除A. 故选：B本题考查函数解析式较复杂的图象的判断;利用函数奇偶性、特殊值符号的正负等有关性质进行逐一排除是解题的关键;属于中档题.7．某几何体的三视图如图所示，三个视图中的曲线都是圆弧，则该几何体的体积为（）A ．152πB ．12πC ．112πD ．212π 答案：A由三视图可知，该几何体为由18的球体和14的圆锥体组成，结合三视图中的数据，利用球和圆锥的体积公式求解即可.解：由三视图可知，该几何体为由18的球体和14的圆锥体组成，所以所求几何体的体积为11+84V V V =球圆锥，因为31149=3=8832V ππ⨯⨯球， 221111=34344312V r h πππ⨯⨯=⨯⨯⨯=圆锥，所以915322V πππ=+=，即所求几何体的体积为152π. 故选：A点评：本题考查三视图还原几何体及球和圆锥的体积公式；考查学生的空间想象能力和运算求解能力；三视图正确还原几何体是求解本题的关键；属于中档题、常考题型.8．图为祖冲之之子祖暅“开立圆术”中设计的立体模型.祖暅提出“祖氏原理”，他将牟合方盖的体积化成立方体与一个相当于四棱锥的体积之差，从而求出牟合方盖的体积等于323d （d 为球的直径），并得到球的体积为316V d π=，这种算法比外国人早了一千多年，人们还用过一些类似的公式，根据 3.1415926π=⋅⋅⋅，判断下列公式中最精确的一个是（）A ．3169d V ≈B ．32d V ≈C ．3300157d V ≈D ．3158d V ≈答案：C利用选项中的公式化简求得π，找到最精确的选项即可.解：由316V d π=得：36V dπ=. 由A 得：3916V d ≈，69 3.37516π=∴⨯≈；由B 得：312V d ≈，632π∴≈=；由C 得：3157300V d ≈，6157 3.14300π⨯∴≈=；由D 得：3815V d ≈，68 3.215π⨯∴≈=， C ∴的公式最精确.故选：C .点评：本题考查数学史与立体几何的知识，关键是能够对选项中的公式进行准确化简求得π的近似值.9．已知1F ，2F 分别为椭圆221168x y +=的左、右焦点，M 是椭圆上的一点，且在y 轴的左侧过点2F 作12F MF ∠的角平分线的垂线，垂足为N ，若2ON =（O 为坐标原点）则21MF MF -等于（）A ．4B ．2C 3D 33答案：A延长2F N 交1MF 的延长线于点P ,根据题意作出图形，利用三角形全等和三角形中位线的性质即可求解.解：延长2F N 交1MF 的延长线于点P ,作图如下：因为MN 为12F MF ∠的角平分线，且2F N MN ⊥，所以2MF MP =，所以2111MF MF MP MF F P -=-=，因为,O N 分别为122,F F F P 的中点，所以ON 为12PF F ∆的中位线，所以1122ON F P ==，所以21124MF MF F P ON -===.故选：A点评：本题考查椭圆方程和直线与椭圆的位置关系；考查数形结合思想和运算求解能力；根据题意作出图形，三角形中位线的性质的运用是求解本题的关键；属于中档题.10．若存在m ，使得()f x m ≥对任意x D ∈恒成立，则函数()f x 在D 上有下界，其中m 为函数()f x 的一个下界；若存在M ，使得()f x M ≤对任意x D ∈恒成立，则函数()f x 在D 上有上界，其中M 为函数()f x 的一个上界．如果一个函数既有上界又有下界，那么称该函数有界．下述四个结论：①1不是函数()()10f x x x x=+>的一个下界；②函数()ln f x x x =有下界，无上界；③函数()2e xf x x=有上界，无下界；④函数()2sin 1x f x x =+有界．其中所有正确结论的编号是（）A ．①②B ．②④C ．③④D ．② 答案：B根据函数上界、下界及有界的概念，利用导数判断函数的单调性并求最值，结合选项，利用排除法，对结论①②③④进行逐项判断即可.解：。

2020届全国100所名校高考模拟金典卷理科数学(六)试题

2020届全国100所名校高考模拟金典卷理科数学（六)试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________1．已知集合{}2|20A x x x =--≥，{|13}B x x =<<，则()R A B =U ð（） A ．{|13}x x -<<B ．{|11}x x -<<C ．{|12}x x <<D ．{|23}x x <<2．已知复数z 满足(1)4z i +=，则1z -=（） A ．2BC ．3D3．已知函数()f x =A ，则函数21()()2xg x x A -⎛⎫=∈ ⎪⎝⎭的值域为（） A ．(,0]-∞B ．(,1]-∞C ．(1,)+∞D ．[1,)+∞4．若x 、y 满足约束条件4201x y x y y +≤⎧⎪-+≥⎨⎪≥⎩，目标函数2z x y =+取得的最大值为（）A ．5B ．6C ．7D ．85．已知ABC ∆的面积为4，且2sin sin sin A B C =，则AB 的长为（） A ．4B．C ．2D6．我国古代数学著作《九章算术》有如下问题：“今有池方一丈，葭生其中央，出水一尺，引葭赴岸，始与岸齐，问水深、葭长各几何？”意思是说：“有一个边长为1丈的正方形水池，在池的正中央长着一根芦苇，芦苇露出水面1尺．若将芦苇拉到池边中点处，芦苇的顶端恰好到达水面．问水有多深？芦苇多长？”该题所求的水深为（） A ．12尺B ．10尺C ．9尺D ．14尺7．某三棱锥的三视图如图所示，则该三棱锥最长棱的长为（）A ．B ．3C ．D ．48．已知抛物线2:4C y x =的焦点为F ，准线为l ，P 是l 上一点，Q 是线段PF 与抛物线C 的一个交点，若3PF FQ =u u u r u u u r，则点Q 到y 轴的距离为（）A ．2B ．43C ．32D ．139．把3男2女共5名新生分配给甲、乙、丙三个班，每个班分配的新生不少于1名但不多于2名，则甲班恰好被分配1名男生和1名女生的概率为（） A ．13B ．25C ．14D ．31010．将函数sin 26y x π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭的图象向右平移()0m m >个单位长度，得到函数()y f x =的图象，()y f x =在区间5,1212ππ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦上单调递增，则m 的最小值为（） A ．12πB ．6π C ．4πD ．3π 11．已知圆柱的表面积为定值3π，当圆柱的容积V 最大时，圆柱的高h 的值为（）A ．1B C D ．212．已知双曲线x 2a 2−y 2b2=1(a >0,b >0)的左、右焦点分别为F 1，F 2，过F 1作圆x 2+y 2=a 2的切线，交双曲线右支于点M ，若∠F 1MF 2=45∘，则双曲线的离心率为（） A ．√3B ．2C ．√2D ．√513．在6232x x x ⎛⎫+ ⎪⎝⎭的展开式中，常数项为__________．（用数字作答）．14．若sin 63πα⎛⎫-=⎪⎝⎭，则sin 26πα⎛⎫+= ⎪⎝⎭_________．15．在ABC ∆中，60BAC ∠=o ，5AB =，4AC =，D 是AB 上一点，且5AB CD ⋅=u u u r u u u r，则||BD =u u u r__________．16．如图，在直三棱柱111ABC A B C -中，2AB AC ==，120BAC ∠=︒，D 是AB 上一点，且2AD DB =，E 是1AA 的中点，F 是1CC 上一点．当1CF =时，//BF 平面CDE ，则三棱柱111ABC A B C -外接球的表面积为__________．17．在数列{}n a 、{}n b 中，设n S 是数列{}n a 的前n 项和，已知11 a =，12n n n S S a +=++，1235b b ++…(21)21n n n n b a ++=⋅+，*n N ∈．（1）求n a 和n S ；（2）若当n k ≥时，8n n b S ≥恒成立，求整数k 的最小值．18．某汽车品牌为了解客户对其旗下的五种型号汽车的满意情况，随机抽取了一些客户进行回访，调查结果如下表：满意率是指某种型号汽车的回访客户中，满意人数与总人数的比值．假设客户是否满意互相独立，且每种型号汽车客户对于此型号汽车满意的概率与表格中该型号汽车的满意率相等．（1）从所有的回访客户中随机抽取1人，求这个客户满意的概率；（2）从Ⅰ型号和Ⅴ型号汽车的所有客户中各随机抽取1人，设其中满意的人数为ξ，求ξ的分布列和期望．19．如图，在四棱锥P ABCD -中，PA ⊥底面ABCD ，底面ABCD 是直角梯形，90==︒∠∠ADC BCD ，AB AC ⊥，AB AC ==点E 在AD 上，且2AE ED =．（1）点F 在BC 上，2=CF FB ，求证：EF ⊥平面PAC ；（2）若直线PC 与平面PAB 所成的角为45︒，求二面角--A PB E 的余弦值．20．设A 、B 是椭圆22:142x y C +=的左、右顶点，P 为椭圆上异于A 、B 的一点．（1）D 是椭圆C 的上顶点，且直线PA 与直线BD 垂直，求点P 到x 轴的距离；（2）过点()1,0E 的直线l （不过坐标原点）与椭圆C 交于M 、N 两点，且点M 在x 轴上方，点N 在x 轴下方，若2NE EM =u u u r u u u u r，求直线l 的斜率． 21．已知函数21()ln 2xf x x ax x e=-+，其中e 为自然对数的底数. （Ⅰ）当0a ≥时，求证：1x ≥时，()0f x >；（Ⅱ）当1a e≥-时，计论函数()f x 的极值点个数.22．在直角坐标系xOy 中，曲线1C 的参数方程为1cos sin x y θθ=+⎧⎨=⎩（θ为参数），以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，直线l 的极坐标方程为()4R πθρ=∈．(1)求直线l 与曲线1C 公共点的极坐标； (2)设过点31,22P ⎛⎫⎪⎝⎭的直线l '交曲线1C 于A ，B 两点，且AB 的中点为P ，求直线l '的斜率．23．已知函数1(x)212f x x =--+．（1）求(x)f 的值域；（2）若(x)f 的最大值时a ，已知,,x y z 均为正实数，且x y z a ++=，求证：2221y z x x y z++≥．参考答案1．A 【解析】【分析】由集合A 求出A R ð，进而求出()R A B ðU 即可. 【详解】∵{}2|20{|12}R x x x x A x =--<=-<<ð，∴(){|13}R B x A x ⋃=-<<ð．故选：A 【点睛】本题主要考查集合的运算，考查学生的运算求解能力． 2．B 【解析】【分析】先求出z ，再计算1z -. 【详解】由(1)4(1)(1)4(1)z i z i i i +=⇒+-=-得22z i =-，则|1||12|z i -=-== 故选：B 【点睛】本题主要考查了复数的运算，复数的模的计算，考查学生的基本运算能力. 3．D 【解析】【分析】先求出集合A ，再判断出函数()g x 的单调性，从而求出函数()g x 的值域. 【详解】由310log (1)0x x ->⎧⎨-≥⎩得2x ≥，所以[)2,A =+∞又因为函数()g x 在R 上单调递增，所以当x A ∈时，()1g x ≥．故选：D 【点睛】本题主要考查了对数函数，指数函数的性质，考查了函数单调性的判断，考查了学生的运算求解能力. 4．C 【解析】【分析】作出不等式组所表示的可行域，平移直线2z x y =+，找出使得直线2z x y =+在x 轴上截距最大时对应的最优解，代入目标函数计算即可得出结果. 【详解】作出不等式组4201x y x y y +≤⎧⎪-+≥⎨⎪≥⎩所表示的可行域如下图所示：联立140y x y =⎧⎨+-=⎩，得31x y =⎧⎨=⎩，得点()3,1A ，平移直线2z x y =+，当该直线经过可行域的顶点A 时，直线2z x y =+在x 轴上的截距最大，此时z 取最大值，即max 2317z =⨯+=. 故选：C. 【点睛】本题考查简单的线性规划问题，考查线性目标函数的最值问题，一般利用平移直线的方法找出最优解，考查数形结合思想的应用，属于基础题. 5．A 【解析】【分析】由正弦定理得2sin BC B AB ⋅=，又1sin 42BC AB B ⋅⋅=，故可求得AB . 【详解】Q 2sin sin sin A B C =，由正弦定理得2sin BC B AB ⋅=，又1sin 42BC AB B ⋅⋅=， ∴216AB =，得4AB =．故选:A 【点睛】本题主要考查了正弦定理的应用，三角形的面积公式，考查了学生运算求解能力. 6．A 【解析】【分析】设水深为x 尺，根据题意列出有关x 的方程，进而可求得x 的值，即可得出结论. 【详解】设水深为x 尺，依题意得()22215x x +-=，解得12x =．因此，水深为12尺. 故选：A. 【点睛】本题考查中国数学史，考查考生的逻辑推理能力与运算求解能力，属于基础题. 7．C 【解析】【分析】作出三棱锥的直观图，结合三视图中的数据计算出三棱锥各条棱的棱长，进而可得出结果. 【详解】该三棱锥直观图如图所示，其中2BD =，AC CB CD ==，AB ==AD ==，因此，该三棱锥的最长棱的棱长为AD =故选：C.【点睛】本题考查三视图，考查考生的空间想象能力，属于中等题. 8．D 【解析】【分析】设点()1,P t -，点(),Q m n ，由3PF FQ =u u u r u u u r 得3PF QF =u u u r u u u r，利用向量的坐标运算可求出点Q 的横坐标，由此可计算出点Q 到y 轴的距离. 【详解】设点()1,P t -，点(),Q m n ，易知点()1,0F ，由3PF FQ =u u u r u u u r 得3PF QF =u u u r u u u r ，则()()2,31,t m n -=--，则()312m -=，解得13m =，因此，点Q 到y 轴的距离为13. 故选：D. 【点睛】本题考查抛物线上点的坐标的计算，涉及共线向量的坐标表示，考查计算能力，属于中等题. 9．B 【解析】【分析】由题知，把5名新生按每个班分配的新生不少于1名但不多于2名，分配给甲、乙、丙三个班，共有12354322C C A A 种分配方案，其中甲班恰好被分配1名男生和1名女生的分配方案有11123232C C C A 种，运用古典概率公式即可求出概率.【详解】把5名新生按每个班分配的新生不少于1名但不多于2名，分配给甲、乙、丙三个班，共有12354322C C A A 种分配方案，其中甲班恰好被分配1名男生和1名女生的分配方案有11123232C C C A 种，则所求概率为111232321235432225C C C A C C A A =．故选：B 【点睛】本题主要考查排列组合的应用，分组分配问题的求解，古典概率的计算. 10．C 【解析】【分析】求得函数()y f x =的解析式为()sin 226f x x m π⎛⎫=+- ⎪⎝⎭，由5,1212x ππ⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦计算出26x m π+-的取值范围，根据题意得出关于m 的不等式，由此可得出结果.【详解】将函数sin 26y x π⎛⎫=+⎪⎝⎭的图象向右平移()0m m >个单位长度，得到函数()y f x =的图象，则()sin 226f x x m π⎛⎫=+-⎪⎝⎭，当5,1212x ππ⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦时，22226m x m m ππ-≤+-≤-，由于函数()y f x =在区间5,1212ππ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦上单调递增，则[]()2,22,222m m k k k Z πππππ⎡⎤--⊆-+∈⎢⎥⎣⎦， 222222m k m k πππππ⎧-≥-⎪⎪∴⎨⎪-≤+⎪⎩，解得()4m k k Z ππ=-∈，0m >Q ，则当0k =时，m 取得最小值4π.故选：C. 【点睛】本题考查利用三角函数在区间上的单调性求参数，同时也考查了利用三角函数图象变换求函数解析式，考查计算能力，属于中等题. 11．B 【解析】【分析】设圆柱的底面半径为r ，则S 圆柱底22r π=，S 圆柱侧2rh π=，则可得2322rh r-=，则圆柱的体积为32322r r V r h πππ-==，利用导数求出V 最大值，确定h 值.【详解】设圆柱的底面半径为r ，则S 圆柱底22r π=，S 圆柱侧2rh π=，∴2223r rh πππ+=，∴22323222r r h r rπππ--==，则圆柱的体积32322r r V r h πππ-==， ∴236()2r V r ππ-'=，由()0V r '>得02r <<，由()0V r '<得2r >，∴当r =()V r取极大值，也是最大值，即h = 故选：B【点睛】本题主要考查了圆柱的表面积和体积的计算，考查了导数的实际应用，考查了学生的应用意识.12．A【解析】【分析】设切点为N，连接ON，作F2作F2N⊥MN，垂足为A，由|ON|=a，得到|F1A|=2b，在直角三角形ΔMF2A中，可得|MF2|=2√2a，得到|MF1|=2b+2a，再由双曲线的定义，解得b=√2a，利用双曲线的离心率的定义，即可求解.【详解】设切点为N，连接ON，作F2作F2N⊥MN，垂足为A，由|ON|=a，且ON为ΔF1F2A的中位线，可得|F2A|=2a,|F1N|=√c2−a2=b，即有|F1A|=2b，在直角三角形ΔMF2A中，可得|MF2|=2√2a，即有|MF1|=2b+2a，由双曲线的定义可得|MF1|−|MF2|=2b+2a−2√2a=2a，可得b=√2a，=√3，故选A.所以c=√a2+b2=√3a，所以e=ca【点睛】本题考查了双曲线的几何性质——离心率的求解，其中求双曲线的离心率(或离心率的取值；②只需要根据一个条件得到关于a,b,c 范围)，常见有两种方法：①求出a,c，代入公式e=ca的齐次式，转化为a,c的齐次式，然后转化为关于e的方程(不等式)，解方程(不等式)，即可得e(e的取值范围)．13．60【解析】【分析】由题知6232x x x ⎛⎫+ ⎪⎝⎭的展开式的通项为84162r r rr T C x -+=⋅⋅，令840r -=得2r =，即可得常数项. 【详解】由题知6232x x x ⎛⎫+ ⎪⎝⎭的展开式的通项为2684166322rr r rr r r T x C x C x x --+⎛⎫=⋅⋅⋅=⋅⋅ ⎪⎝⎭，令840r -=得2r =，则常数项为226260C =．故答案为：60 【点睛】本题主要考查了二项式定理的应用，考查了学生的运算求解能力. 14．13【解析】【分析】利用诱导公式结合二倍角的余弦公式可求得结果. 【详解】221sin 2cos 2cos 212sin 126263633πππππαααα⎛⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫+=-+=-=--=-⨯=⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎣⎦⎝⎭．故答案为：13. 【点睛】本题考查三角恒等变换求值，涉及诱导公式和二倍角余弦公式的应用，考查考生的逻辑推理能力与计算能力，属于中等题. 15．2 【解析】【分析】由题可设AD AB λ=uuu r uu u r ，则2()5AB CD AB AD AC AB AB AC λ⋅=⋅-=-⋅=u u u r u u u r u u u r u u u r u u u ru u u r u u u r u u u r，由条件算出λ，则可得||BD u u u r.【详解】设AD AB λ=uuu r uu u r，∵CD AD AC =-u u u r u u u r u u u r ，2()5AB CD AB AD AC AB AB AC λ∴⋅=⋅-=-⋅=u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r ，得2515λ=，35λ∴=， ∴2||||25BD AB ==u u u r u u u r．故答案为：2 【点睛】本题主要考查了向量的线性运算和数量积，考查学生的运算求解能力． 16．32π 【解析】【分析】连接AF 交EC 于M ，连接DM ，则BF DM ∥，可得2AE =，设外接球的球心O 在平面ABC 的射影为点1O ，则点1O 为ABC ∆的外接圆的圆心，计算可得ABC ∆的外接圆的半径为2r =，故可求外接球的半径R ，从而算出球的表面积. 【详解】如图，连接AF 交EC 于M ，连接DM ，∵BF ∥平面CDE ，∴BF DM ∥， ∵2AD DB =，∴2AMMF =，则22AE CF ==，设外接球的球心O 在平面ABC 的射影为点1O ，则点1O 为ABC ∆的外接圆的圆心， ∴外接球的球心O 到平面ABC 的距离12OO =， ∵2AB AC ==，120BAC ∠=︒，由正弦定理得，ABC ∆外接圆的半径1222sin 30r =⨯=︒，则所求外接球的半径R =2432R ππ=．故答案为：32π 【点睛】本题主要考查线面平行的性质，直三棱柱的外接球的表面积计算，考查考生的空间想象和推理论证能力．17．（1）21n a n =-；2n S n =；（2）11．【解析】【分析】（1）由12n n n S S a +=++得12n n a a +-=，可判断数列{}n a 是等差数列，由公式求出n a 和n S ；（2）由（1）得123357(21)2(21)1nn b b b n b n +++++=⋅-+…，则当2n ≥时，11231357(21)2(23)1n n b b b n b n --++++-=⋅-+…，可得12n n b -=，则有422n n -≥，故可得整数k 的最小值. 【详解】（1）因为12n n n S S a +=++，所以12n n a a +=+，即12n n a a +-=，所以{}n a 是等差数列，又11a =，所以21n a n =-，从而2(121)2n n n S n +-==．（2）因为21n a n =-，所以123357(21)2(21)1nn b b b n b n +++++=⋅-+… ① 当2n ≥时，11231357(21)2(23)1n n b b b n b n --++++-=⋅-+… ② 由①-②可得1(21)2(21)n n n b n -+=⋅+，(2)n ≥，即12n nb -=，而11b =也满足，故()12n n b n N -*=∈．令8n n b S ≥，则1228n n -≥，即422n n -≥，因为1042210-<，1142211->，依据指数增长性质，得整数k 的最小值是11．【点睛】本题主要考查等差数列，前n 项和n S 与n a 的关系，考查了学生的运算求解能力． 18．（1）111320；（2）分布列详见解析，期望为0.7．【解析】【分析】（1）求出样本中的回访客户的总数和满意的客户人数，即可求出概率；（2）由题知012，，ξ=，计算出ξ取值相应的概率，列出分布列，计算出期望即可. 【详解】（1）由题意知，样本中的回访客户的总数是2501002007003501600++++=，满意的客户人数是2500.51000.32000.67000.33500.2555⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=，故所求概率为5551111600320=．（2）012，，ξ=．设事件A 为“从Ⅰ型号汽车所有客户中随机抽取的人对Ⅰ型号汽车满意”，事件B 为“从Ⅴ型号汽车所有客户中随机抽取的人对Ⅴ型号汽车满意”，且A 、B 为独立事件．根据题意，()P A 估计为0.5，()P B 估计为0.2．则(0)()(1())(1())0.50.80.4P P AB P A P B ξ===--=⨯=；(1)()()()()(1())(1())()P P AB AB P AB P AB P A P B P A P B ξ==+=+=-+-0.50.80.50.20.5=⨯+⨯=；(2)()()()0.50.20.1P P AB P A P B ξ====⨯=．ξ的分布列为ξ的期望()00.410.520.10.7E ξ=⨯+⨯+⨯=．【点睛】本题主要考查了概率与统计的相关知识，考查了离散型随机变量的分布列和期望的计算，考查了学生的数据处理和运算求解能力．19．（1）详见解析；（2）3．【解析】【分析】（1）先证明四边形ABFE 为平行四边形，得//AB EF ，则AC EF ⊥，又可得PA EF ⊥，即可证明EF ⊥平面PAC ；（2）根据线面角定义找出PC 与平面PAB 所成角，得PA 的长度，然后建立空间直角坐标系，分别求出平面PAB 与平面PBE 的法向量，再利用向量法求出二面角--A PB E 的余弦值. 【详解】（1）∵AB AC ⊥，AB AC =，∴45ACB ∠=︒， ∵底面ABCD 是直角梯形，90ADC ∠=︒，AD BC ∥，∴45ACD ∠=︒，即AD CD =，则2==BC AD ，∵2AE ED =，2=CF FB ，∴23==AE BF AD ， ∴四边形ABFE 是平行四边形，则AB EF P ，∴AC EF ⊥， ∵PA ⊥底面ABCD ，∴PA EF ⊥， ∵PA AC A =I ，∴EF ⊥平面PAC ．（2）∵PA AC ⊥，AC AB ⊥，∴AC ⊥平面PAB ，则APC ∠为直线PC 与平面PAB 所成的角，则tan 1∠==ACAPC PA，即==PA AC 取BC 的中点为G ，连接AG ，则AG BC ⊥，以A 点为坐标原点建立如图所示的空间直角坐标系A xyz -，则(1,1,0)B -，(1,1,0)C ，20,,03⎛⎫ ⎪⎝⎭E，P ， ∴51,,03⎛⎫=- ⎪⎝⎭u u u r EB，20,3⎛=- ⎝u u u r EP ，设平面PBE 的法向量(,,)n x y z =r，则00n EB n EP ⎧⋅=⎨⋅=⎩u u uv v u u u v v ，即503203x y y ⎧-=⎪⎪⎨⎪-+=⎪⎩，令3y =，则5x =，z =，∴n =r ，∵(1,1,0)AC =u u u r 是平面PAB的一个法向量，∴cos ,3n AC 〈〉==r u u u r ，即平面PAB 与平面PBE所成锐二面角的余弦值为3．【点睛】本题主要考查了线面垂直的证明和用向量法求二面角的大小，考查学生的直观想象，运算求解和推理论证能力. 20．（1；（2. 【解析】【分析】（1）设点()00,P x y ，根据PA BD ⊥，可求得直线PA 的方程，并将直线PA 与椭圆C 的方程联立，可求出点P 的坐标，进而可求得点P 到x 轴的距离；（2）设点()11,M x y 、()22,N x y ，设直线l 的方程为1x my =+，可知10y >，20y <，将直线l 的方程与椭圆C 的方程联立，列出韦达定理，由2NE EM =u u u r u u u u r得212y y =-，结合韦达定理可求得实数m 的值，进而可求得直线l 的斜率. 【详解】（1）设点()00,P x y ，又()2,0A -、()2,0B 、(D ．Q 直线PA 与直线BD 垂直，直线BD 的斜率为BD k ==，∴直线PA ，则直线PA 的方程为)2y x =+，联立椭圆方程22142x y +=，消去y 得2516120x x ++=，解得065x =-，则05y =，因此，点P 到x 轴的距离为5；（2）设()11,M x y 、()22,N x y ，则10y >，20y <，设直线l 的方程为1x my =+，代入椭圆C 的方程消去x ，得()222230m y my ++-=，得12222my y m +=-+，12232y y m =-+，由2NE EM =u u u r u u u u r，知2120y y +=，即212y y =-，代入上式得1222m y m =+，212322y m =+，所以22223222m m m ⎛⎫= ⎪++⎝⎭，解得5m =±，12202m y m =>+Q ，则0m >，所以，5m =，故直线l 的斜率为16m =．【点睛】本题考查利用直线与椭圆的位置关系求点的坐标，同时也考查了利用直线与椭圆的位置关系求直线的斜率，考查运算求解能力，属于中等题. 21．(Ⅰ)详见解析（Ⅱ）详见解析【解析】【分析】（Ⅰ）求出()f x '，令()()g x f x ='，求出()g x '，从而判断()g x 的单调性，由10g e ⎛⎫= ⎪⎝⎭即可判断()f x '的正负情况，从而求得()f x 在10,e ⎛⎫ ⎪⎝⎭递减，1,e ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭递增；当1x ≥时，()()1f x f ≥成立，命题得证。

2020年全国100所名校高考模拟金典卷理科数学试卷及其答案(六)

初高中数学学习资料的店1 初高中数学学习资料的店100所名校高考模拟金典卷·数学（六）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合{}2|20A x x x =--≥，{|13}B x x =<<，则()A B ⋃=R ð（）．A ．{|13}x x -<<B ．{|11}x x -<<C ．{|12}x x <<D ．{|23}x x << 2．已知复数z 满足(1)4z i +=，则|1|z -=（）．A ．2 BC ．3D3．已知函数()f x =A ，则函数21()()2x g x x A -⎛⎫=∈ ⎪⎝⎭的值域为（）． A ．(,0]-∞ B ．(,1]-∞ C ．(1,)+∞D ．[1,)+∞ 4．若x 、y 满足约束条件4201x y x y y +≤⎧⎪-+≥⎨⎪≥⎩，目标函数2z x y =+取得的最大值为（）．A ．5B ．6C ．7D ．85．已知ABC △的面积为4，且2sin sin sin A B C =，则AB 的长为（）．A ．4 B．C ．2 D6．我国古代数学著作《九章算术》有如下问题：“今有池方一丈，葭生其中央，出水一尺，引葭赴岸，始与岸齐，问水深、葭长各几何？”意思是说：“有一个边长为1丈的正方形水池，在池的正中央长着一根芦苇，芦苇露出水面1尺．若将芦苇拉到池边中点处，芦苇的顶端恰好到达水面．问水有多深？芦苇多长？”该题所求的水深为（）．A ．12尺B ．10尺C ．9尺D ．14尺7．某三棱锥的三视图如图所示，则该三棱锥最长棱的长为（）．。