周周清(1)

1.运输家用电器、易碎器件等物品时，经常用泡沫塑料作填充物，这是为了在运输过程中()
A．减小物品受到的冲量
B．使物体的动量减小
C．使物体的动量变化量减小
D．使物体的动量变化率减小
2.如图所示各图象中不表示交变电流的是()
A．
B．
C．
D．
3.如图所示，理想变压器原线圈的匝数为n1、副线圈的匝数为n2，原线圈的两端a、b接正弦交流电源，电压表V的示数为220 V，负载电阻R＝44 Ω，电流表A1的示数为0.20A，下列判断中正确的是()
A．原线圈和副线圈的匝数比为2∶1
B．原线圈和副线圈的匝数比为5∶1
C．电流表A2的示数为0.1 A
D．电流表A2的示数为0.4 A
4.质量为0.2 kg的球竖直向下以6 m/s的速度落至水平地面，再以4 m/s的速度反向弹回。

取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于球的动量变化量Δp和合外力对小球做的功W，下列说法正确的是()
A．Δp＝2 kg·m/s W＝－2 J
B．Δp＝－2 kg·m/s W＝2 J
C．Δp＝0.4 kg·m/s W＝－2 J
D．Δp＝－0.4 kg·m/s W＝2 J 四、多选题(共2小题,每小题5.0分,共10分)
5.(多选)在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个面积为S的矩形线圈匀速转动时产生的交流电电压随时间变化的波形如图所示，线圈与一阻值为R＝9 Ω的电阻串联在一起，线圈的电阻为1 Ω，则()
A．通过电阻R的电流瞬时值表达式为i＝10sin 200πt(A)
B．电阻R两端的电压有效值为90 V
C．1 s内电阻R上产生的热量为450 J
D．图中t＝1×10－2s时，线圈位于中性面
6.(多选)有一电路连接如图所示，理想变压器初级线圈接电压一定的交流电源，则下列说法中正确的是()
A．只将S1从2拨向1时，电流表示数变小
B．只将S2从4拨向3时，电流表示数变小
C．只将S3从断开变为闭合，变压器的输入功率减小
D．只将变阻器R3的滑动触头上移，变压器的输入功率减小
分卷II
一、填空题(共0小题,每小题5.0分,共0分)
二、简答题(共0小题,每小题10.0分,共0分)
五、实验题(共0小题,每小题10.0分,共0分)
六、计算题(共3小题,每小题18.0分,共54分)
7.质量为50 kg的体操运动员从高空落下，落到垫子前的速度为1.0 m/s，方向竖直向下，该运动员经垫子缓冲0.5 s停下来，求垫子对运动员的作用力．(g取10 m/s2)
8.将交流电压U＝110sin 100πt V，接到标有“220 V100 W”的灯泡两端，如果灯泡的灯丝电阻保持不变，求：
(1)通过灯泡电流的最大值是多少？
(2)灯泡的实际电功率是多少？
(3)写出电流i的瞬时值表达式，并画出i－t图象．
9.一个电阻为r、边长为L的正方形线圈abcd共N匝，线圈在磁感应强度为B
的匀强磁场中绕垂直于磁感线
的轴OO′以如图所示的角速度ω匀速转动，外电路电阻为R.
(1)说明此刻线圈感应电流的方向．
(2)线圈转动过程中感应电动势的最大值为多大？
(3)线圈平面与磁感线夹角为60°时的感应电动势为多大？
(4)设发电机由柴油机带动，其他能量损失不计，线圈转一周柴油机做多少功？
(5)从图示位置开始，线圈转过60°的过程中通过R的电荷量是多少？
(6)图中电流表和电压表的示数各是多少？
答案解析
1.【答案】D
【解析】物体的动量变化一定时，力作用的时间越短，力就越大，物体的动量变化率越大；反之就越小，运输家用电器、易碎器件等物品时，经常用泡沫塑料作填充物，这是为了在运输过程中增大作用时间以减小物品受到的作用力，使物体的动量变化率减小，故D正确．
2.【答案】A
【解析】A项中此电流为正值，说明电流的方向不随时间而变化，则此电流不是交变电流．故A错误．B、
C、D、这三种电流的大小和方向都随时间做周期性变化，都是交变电流．故B、C、D正确．
3.【答案】B
【解析】由电压表V的示数和电流表A1的示数可得原线圈中的功率P1＝U1I1，P1＝P2＝I R，所以电流表A2
的示数为I2＝＝A＝1.0 A，C、D错误；原线圈和副线圈的匝数比＝＝，A错误，B正确．
4.【答案】A
【解析】取竖直向上为正方向，则小球与地面碰撞过程中动量的变化量Δp＝mv2－mv1＝0.2×4 kg·m/s－0.2×(－6) kg·m/s＝2 kg·m/s，方向竖直向上。

由动能定理知，合外力做的功W＝mv－mv＝×0.2×42J－×0.2×62J＝－2 J。

5.【答案】CD
【解析】通过电阻R的电流最大值为I m＝＝10 A，线圈转动的角速度ω＝＝rad/s＝100π rad/s，故电流的瞬时值表达式为i＝10sin 100πt(A)，A项错误；电阻R两端的电压有效值为U′＝R＝×9 V＝45V，B项错误；1 s内电阻R上产生的热量Q＝t＝450 J，C项正确；由题图知t
＝1.0×10－2s时感应电动势为零，此时穿过线圈的磁通量最大，线圈位于中性面，D项正确．
6.【答案】BD
【解析】S1从2拨向1，输出电压不变，由于输出功率由副线圈决定，副线圈两端电压增大，消耗功率增大，所以电流表示数增大．将S2从4拨向3，副线圈两端电压减小，消耗功率减小，所以电流减小．S3断开变压器输出功率为0，闭合后输出功率增大．将变阻器R3的滑动触头上移，副线圈总电阻增大，总电流减小，副线圈两端电压一定，所以输出功率减小，所以电流减小．选B、D.
7.【答案】600 N，方向竖直向上
【解析】选竖直向上为正方向，根据牛顿第二定律的动量表述，得(F－mg)t＝p′－p，
即F＝＋mg＝N＋50×10 N＝600 N，方向竖直向上．8.【答案】(1)A(2)25 W(3)i＝sin 100πt A
【解析】(1)灯泡的电阻为：R＝＝484 Ω，，交流电的最大电压值为：U m＝110V，所以通过灯泡的电流最大值为：I＝＝A＝ A.
(2)灯泡两端电压的有效值为：U＝＝110 V，所以灯泡的实际功率为P＝＝25 W.
(3)电流I的瞬时表达式为i＝sin 100πt A，i－t图象如图所示
9.【答案】(1)沿adcba(2)NBωL2(3)NBωL2(4)(5)(6)
【解析】(1)由右手定则可判定电流的方向沿adcba.
(2)E m＝NBSω＝NBωL2.
(3)线圈平面与B成60°角时的瞬时感应电动势
e＝E m cos 60°＝NBωL2.
(4)电动势的有效值E＝.
电流的有效值I＝，由于不计能量损失，柴油机做的功全部转化为电能，线圈转一周，柴油机做的功
W＝EIt＝t＝·＝.
(5)通过R的电荷量
q＝·Δt＝·Δt
＝N＝＝
(6)电流表示数
I＝＝＝
电压表示数
U＝IR＝.。