模拟电子技术习题答案
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第一章习题解答
1.1 解:
由公式:)1(-=T D u u s D e
I i 可求得电流外加电压为V u D 5.0=时 A
A e
i mv v D μμ5.22)1(101.0310265.06=-⨯=-⨯- 时V u D 7.0= mA mA e
i mv V
D 3.49)1(101.03
10267.09=-⨯=-⨯- 1.2 解:
① 当R=1ΩK 时
假设二极管导通
V U V U on D 7.3)3()(0-=+-= mA K V R U I L 7.317.300-=Ω
-== mA I I I mA K
V R U V I on D 6.17.33.53.51)7.039(39021)
(2=-=+==--=
--= ②当R=4K Ω时,也假设二极管导通
00,I U 同①
mA I I I mA K
V I 4.27.33.13.14)7.039(0212-=-=+==--= V
K mA R I U mA
I I mA K V R R V I I L L 8.118.18.18.1)14(990002021-=Ω⨯-==-=-==Ω
+=+==∴
二极管截止,故 1.3解:
a : 刚接通21,V V 均正向偏置而可能导通但由于V 2导通后,A 点电位下降为-6V 迫使V 1反向截止 V U AO 6-=
b :21,V V 反向截至,V U AO 10=
c. 刚接通21,V V 均正向偏置而可能导通但由于V 1导通后,将使A 、O 点电位差为零。电位相等,V 1导通,V 2截止。
d. 21,V V 均正向反偏,V 1导通21,V V 公共端电位为零,能保证V 2导通,A 点电位也为零,V 0U AO =。
1.4 解:
9mA .4mA )1.27(I I I 7mA 560V )1.26(R U 6V I 1mA .21K 1V .2R U I 1V
.237V .03U U 01201L 00on D 0=-=-==Ω
-=-==Ω
===⨯=⨯=)(
1.5 解:
I U 变化1V ±时,相当于给6V 直流电源串接一个变化范围为1V ±的信号源,由二极管的动态电阻d r 为:
6mV
.272100U U U 6mV .271V R
R //3r R //3r U 3.59mA
.426mV I U r 000L d L d 0Q T d ±=∆±='=±⨯+=∆Ω===)( 1.6 解:
a :
b :
1.7 解:
S 闭合
S 断开 1.8 解:
(1)A 点时,二极管导通:
V t u u i o )sin 5.13(3ω+=+=
(2)B 点时,二极管反向
偏压截止,o u =0V 。
(3)C 点时,i u 为正,
二极管导通,为负,二极管
截止。
1.9 解:
a.由于V 1管阴极电位为2.3V.V 2管的阳极为-2.3V ,当u i >3V
时,
V 1导通,2V 截止,其支路开路,V u 30=,当-3V
V u 30-= 传输特性:
输入输出波形:
u i 3
V
u o V
b.3V 5时V I =截止,3u 0=
0u I =时3V 导通,2V .0u 0=(锗2V .0V )on (D =)
传输特性: 5u o
V
u I
V 输入输出波形:
1.10 解:
① R=2K Ω时
t 5u I V t
3u o V 0.2
)
(22)(20002mA i i V A i i V u R
i V u D D D D D D DD D 为或为-=-=-=
求得 V u i mA i u
D D 2,01,0====
由图得:V U mA I D D 55.0,7.0==
② R=500Ω
D D i V u 5.02-= 求得:V u i mA
i u D D D 2,04,00====
由图得:
V U mA
I D D 7.07.2==
1.11 解: ⑴ 静态分析:令0=i u 或是c 断开
用估算法得2:
mA K V K U I V
U Q
Q Q 72.15.2)7.05(5.257.0=Ω
-=Ω-== ⑵ 动态分析:
)(sin 5mV wt u u == mA t
i mA mV r U I mA
mV I U r d d dm dm Q T d ωsin 33.033.01.1551.1572.126==Ω
==Ω===
⑶ 合成电压电流
mA
t i I i V
t u U u d Q D d Q D )sin 33.072.1()sin 005.07.0(ωω+=+=+=+= 1.12 解:
V V U U U AB 5.2)65.8(2221=-=-= 1.13 解:
① mW
V mA U I P mA
I I I mA V R U U I mA V R U I V
U D I DI I I L 12062020204040100)610(203006622200000=⨯===-=-==Ω-=-=
=Ω==
= ②
mV
mA V I U U P I
I R 16040)610()(2=⨯-=⨯-=
1.14 解:
安全稳压工作时:ZM DZ Z I I I ≤≤min 稳定电流I I 的最小值来知,可取mA I I Z Z 10min == 由mA I ZM 30=可求:
V mA I I R U DZ ZM I 1)2030(100)(=-⨯Ω=-⨯=∆ 由mA I Z 10min =可求减小量为:
V V U V mA I I R U I DZ Z I 1101)2010(100)(min ±=-=-⨯Ω=-⨯=∆故
1.15 解:
⑴ mA I mA I mA I mA
mA mA I I I mA K V R U I mA K V R U U I mA V mW U P I ZM D Z O I DL L I O Z I I Z ZM ZM 7.418586141416141)620(7.416250=<=<==-=-==Ω
===Ω-=-=
===
稳压管正常工作 V U U Z O 6==
⑵ ZM Z I
DZ I mA V R U U I <=Ω-⨯=-⨯=16100)6%11020(%110