2019-2020学年辽宁省沈阳市郊联体高一下学期期末考试 数学
2019-2020学年辽宁省多校联盟高一下学期数学期末试题(解析版)
2019-2020学年辽宁省多校联盟高一下学期数学期末试题一、单选题1．若复数z 满足32z i i ⋅=-，其中i 为虚数单位，则z 的共轭复数的虚部为（ ） A ．3 B ．-3C ．3iD ．3i -【答案】A【解析】求出复数z ，即得z 的共轭复数z ，即得答案. 【详解】 ∵32z i i ⋅=-，∴()()()2232323223i i i i i z i i i i i -⋅---+====--⋅--， ∴23z i =-+，∴z 的共轭复数的虚部为3. 故选：A . 【点睛】本题考查复数的除法和共轭复数，属于基础题. 2．已知1sin 4α=，sin 20α<，则tan α=（ ）A ．BC ．D ．【答案】D【解析】利用二倍角公式和平方关系，可求cos α的值，进而求解tan α的值. 【详解】 解：∵1sin 04α=>，sin 22sin cos 0ααα=<，∴cos 0α<，可得cos 4α===-，∴sin tan cos 15ααα==-. 故选：D . 【点睛】本题考查二倍角公式和同角三角函数的关系，属于容易题.3．已知向量3a =，()3,4b =-，且,4a b π<>=，则a 在b 上的投影的数量为（ ）A ．2B ．2C ．2D ．【答案】C【解析】第一个向量在第二个向量上的投影，等于两向量的数量积除以第二个向量的模，由题意代入数据即可计算得解. 【详解】解：∵向量3a =，()3,4b =-，且,4a b π<>=，∴5b =，可得cos ,3522a b a b a b ⋅=<>=⨯⨯=，∴a 在b 上的投影的数量为152252a b b⋅==故选：C . 【点睛】本题考查向量的投影，掌握数量积的定义是解题关键． 4．下列函数中，周期为2π的偶函数是（ ） A ．tan y x = B ．2cos 2y x = C ．2tan 1tan xy x=- D ．sin 2cos 2y x x =-【答案】B【解析】由题意利用三角函数的周期性和奇偶性，从而得出结论. 【详解】解：∵函数tan y x =的周期，即tan y x =的周期，为π，故排除A ；函数21cos 4cos 22x y x +==的周期为242ππ=，且函数为偶函数，故B 满足条件； 函数2tan 1tan 21tan 2x y x x ==⋅-，它的周期为2π，但该函数为奇函数，故C 不满足条件；函数sin 2y x =的周期为22ππ=，故D 不满足条件， 故选：B . 【点睛】本题考查三角函数的奇偶性与周期性，求周期一般要把三角函数化为一个角的三角函数形式且为一次的． 5．函数()1sin cos 653f x x x ππ⎛⎫⎛⎫=-++ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭的最小值为（ ） A ．45-B ．65-C ．15-D ．-1【答案】A【解析】寻找两个角的关系，利用三角函数的诱导公式进行转化，结合三角函数的有界性进行求解即可. 【详解】 解：∵362x x πππ⎛⎫+--= ⎪⎝⎭，∴362x x πππ⎛⎫+=-+ ⎪⎝⎭， 则()11sin cos sin cos sin 65365626f x x x x x x ππππππ⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-++=-+-+=- ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎣⎦14sin sin 5656x x ππ⎛⎫⎛⎫--=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，∴当sin 16x π⎛⎫-=- ⎪⎝⎭时，()f x 有最小值45- 故选：A . 【点睛】本题考查求三角函数的最值，解题方法是利用诱导公式化简函数为一个角的一个三角函数，然后结合正弦函数性质得最小值．6．若虚数12i -是关于x 的方程20x ax b +=-(a ，R b ∈)的一个根，则a bi +=（ ）A ．29BCD ．3【答案】B【解析】先把12i -代入方程，然后根据复数相等的条件可求a ，b ，再根据模长公式即可求解. 【详解】解：由题意可得，()()212120i a i b --+=-， 所以()3240b a a i --+-=， 故2a =，5b =，则25a bi i +=+=. 故选：B .本题考查实系数方程的复数根，考查复数的模，解决实系数方程的复数根的方法是复数根代入方程利用复数相等的定义求解．7．m ，n 为不重合的直线，α，β，γ为互不相同的平面，下列说法错误的是（ ） A ．若//m n ，则经过m ，n 的平面存在且唯一 B ．若//αβ，m αγ=，n βγ=，则//m nC ．若αγ⊥，βγ⊥，m αβ=，则m γ⊥D ．若m α⊂，n ⊂α，//m β，βn//，则//αβ 【答案】D【解析】对于A ，由公理三及其推论得经过m ，n 的平面存在且唯一；对于B ，由面面平行的性质定理得//m n ；对于C ，由线面垂直的判定定理得m γ⊥；对于D ，α与β相交或平行. 【详解】解：由m ，n 为不重合的直线，α，β，γ为互不相同的平面，知：对于A ，若//m n ，则由公理三及其推论得经过m ，n 的平面存在且唯一，故A 正确； 对于B ，若//αβ，m αγ=，n βγ=，则由面面平行的性质定理得//m n ，故B 正确；对于C ，若αγ⊥，βγ⊥，m αβ=，则由线面垂直的判定定理得m γ⊥，故C 正确；对于D ，若m α⊂，n ⊂α，//m β，βn//，则α与β相交或平行，故D 错误. 故选：D . 【点睛】本题考查空间直线、平面间的位置关系贩判断，考查平面的基本性质，旨在考查学生空间想象能力，逻辑推理能力．8．ABC 中，1CA =，2CB =，120ACB ∠=︒，以边AC 所在直线为轴将ABC 旋转一周后，形成的几何体的表面积为（ ）A ．πB ．π C ．)32πD ．)3π【解析】以边AC 所在直线为轴将ABC 旋转一周后，形成的几何体是圆锥ABOD 挖去圆锥CBOD 后剩余的几何体，推导出7AB =，23BD =，由此能求出形成的几何体的表面积. 【详解】解：如图，以边AC 所在直线为轴将ABC 旋转一周后， 形成的几何体是圆锥ABOD 挖去圆锥CBOD 后剩余的几何体， ∵ABC 中，1CA =，2CB =，120ACB ∠=︒， ∴14212cos1207AB =+-⨯⨯⨯︒=，44222cos12023BD =+-⨯⨯⨯︒=，∴以边AC 所在直线为轴将ABC 旋转一周后，形成的几何体的表面积为：()37322123S πππ=⨯⨯+⨯⨯=+故选：B .【点睛】本题考查求旋转体表面积，解题关键是掌握圆锥，圆柱等旋转体的结构．得出组合体是由怎样的基本几何体组合而成．9．已知向量()1,cos2a x =，(sin 23b x =，将函数()f x a b =⋅的图象沿x 轴向左平移ϕ()0ϕ>个单位后，得到的图象关于原点对称，则ϕ的最小值为（ ）A ．12πB ．6πC ．512π D ．3π 【答案】D【解析】根据平面向量数量积的运算和辅助角公式可得()2sin 23f x x π⎛⎫=+⎪⎝⎭，向左平移ϕ个单位，得到2sin 223y x πϕ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭，从而有23k πϕπ+=，k Z ∈，再结合0ϕ>，即可得解.【详解】()sin 222sin 23f x a b x x x π=⋅⎛⎫==+ ⎪⎝⎭，将函数()f x 的图象向左平移ϕ个单位，得到()2sin 22sin 2233y x x ππϕϕ⎡⎤⎛⎫=++=++ ⎪⎢⎥⎣⎦⎝⎭，该函数的图象关于原点对称，∴该函数是奇函数，23k πϕπ∴+=，k Z ∈，62k ππϕ∴=-+，k Z ∈， 又0ϕ>，min 3πϕ∴=.故选：D . 【点睛】本题考查数量积的坐标运算、辅助角公式和三角函数的图象变换，属于中档题. 10．在ABC 中，D 为边BC 的中点，AD ＝3，BC ＝4，G 为ABC 的重心，则GB GC ⋅的值为（ ） A ．﹣12 B ．﹣15 C ．﹣3D ．154-【答案】C【解析】利用向量加法、减法和数量积运算，求得GB GC ⋅ 【详解】如图，连接AD ，由于D 是线段BC 的中点，所以重心G 在AD 上，且2AGGD=，所以1GD =，122BD CD BC ===.所以GB GC ⋅()()()()22GD DB GD DC GD DB GD DB GD DB =+⋅+=+⋅-=-22123=-=-.故选：C【点睛】本小题主要考查向量加法、减法和数量积运算，属于基础题.二、多选题11．正四棱锥P ABCD-中，底面边长为2，侧面与底面所成二面角的大小为60°，下列结论正确的是（）A．直线PA与BC、PA与CD所成的角相等B6C．该四凌锥的体积为43D．该四凌锥的外接球的表面为25 3π【答案】AD【解析】对于A，根据异面成角的概念，直线PA与BC、PA与CD所成的角分别为PAD∠，PAB∠，再根据正四棱锥的特点，即可判断选项A是否正确；对于B，由题意可证PO⊥平面ABCD，则PAO∠是侧棱与底面所成角，在Rt PAO即可求出侧棱与底面所成角的正切值，即可判断选项B是否正确；对于C，利用体积公式即可求出该四棱锥的体积，进而判断选项C是否正确；对于D，利用球心和顶点连线，构造直角三角形，利用勾股定理求出外接球的半径，进而求出外接球的表面积，即可判断选项D是否正确.【详解】连结AC，BD，交于点O，连结PO，取AD中点E，连结OE、PE，如下图所示：对于A ，因为//BC AD ，所以直线PA 与BC 所成角为PAD ∠， 因为//CD AB ，所以PA 与CD 所成的角为PAB ∠， ∵PA PB PD ==，AB AD =，∴PAD PAB ∠=∠， ∴直线PA 与BC 、PA 与CD 所成的角相等，故A 正确； 对于B ，∵PO ⊥平面ABCD ，∴PAO ∠是侧棱与底面所成角，∵A 正四棱锥P ABCD -中，底面边长为2，侧面与底面所成二面角的大小为60°， ∴221122222AO AC ==+=，60PEO ∠=︒，1OE =，2PE =，22213PO =-=，∴侧棱与底面所成角的正切值为36tan 22PAO ∠==，故B 错误； 对于C ，该四棱锥的体积为1143223=333ABCD V S PO =⨯⨯=⨯⨯⨯正方形，故C 错误； 对于D ，由题意可知正四凌锥P ABCD -中外接球的球心在PO 上， 设外接球的球心为M ，连接MC ，设该四棱锥的外接球半径为R ， 在Rt MOC 中，,3,2MC R OM R OC ===,由勾股定理，可得)222R R=+，解得R =，∴该四棱锥的外接球的表面积为22543S R ππ==，故D 正确. 故选：AD. 【点睛】本题主要考查了考查空间中异面直线成角、线面角、锥体的体积以及锥体的外接球等基础知识，考查空间想象能力和运算求解能力，属于中档题．12．在ABC 中，内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，ABC 的面积为S .下列ABC 有关的结论，正确的是（ ） A ．cos cos 0A B +>B ．若a b >，则cos2cos2A B <C ．24sin sin sin S R A B C =，其中R 为ABC 外接圆的半径D ．若ABC 为非直角三角形，则tan tan tan tan tan tan A B C A B C ++= 【答案】ABD【解析】对于A ，利用A B π+<及余弦函数单调性，即可判断；对于B ，由a b >，可得sin sin A B >，根据二倍角的余弦公式，即可判断；对于C ，利用in 12s S ab C =和正弦定理化简，即可判断；对于D ，利用两角和的正切公式进行运算，即可判断. 【详解】对于A ，∵A B π+<，∴0A B ππ<<-<，根据余弦函数单调性，可得()cos cos cos A B B π>-=-，∴cos cos 0A B +>，故A 正确；对于B ，若sin sin a b A B >⇔>，则22sin sin A B >，则2212sin 12sin A B -<-，即cos2cos2A B <，故B 正确； 对于C ，211sin 2sin 2sin sin 2sin sin sin 22S ab C R A R B C R A B C ==⋅⋅⋅=，故C 错误；对于D ，在ABC 为非直角三角形，()tan tan tan tan 1tan tan B CA B C B C+=-+=--⋅，则tan tan tan tan tan tan A B C A B C ++=，故D 正确.故选：ABD. 【点睛】本题主要考查了正弦定理在解三角形中的应用，三角函数基本性质．考查了推理和归纳的能力．三、填空题13．已知点()1,2P 为角α的终边上一点，则tan2α=______. 【答案】43-【解析】根据点()1,2P 为角α的终边上一点，可得tan α，再根据二倍角的正切公式，即可求出结果. 【详解】因为点()1,2P 为角α的终边上一点，则2tan 21α==， ∴22tan 4tan 21tan 3ααα==--.故答案为：43-.【点睛】本题主要考查了任意角三角函数值的求法和二倍角的正切公式的应用，属于基础题. 14．边长为2的正方形ABCD 中，P 为对角线上一动点，则AP AC ⋅=______.【答案】4【解析】根据平面向量基本定理可知，由于B ､P ､D 三点共线，则存在λ，使得()1AP AB AD λλ=+-，故()1AP AC AB AC AD AC λλ⋅=⋅+-⋅，再结合平面向量数量积的运算即可得解. 【详解】解：∵B ､P ､D 三点共线，∴存在λ，使得()1AP AB AD λλ=+-，∴()()11AP AC AB AD AC AB AC AD AC λλλλ⎡⎤⋅=+-⋅=⋅+-⋅⎣⎦()222cos451222cos454λλ=⋅⨯︒+-⋅⨯︒=.故答案为：4. 【点睛】此题考查平面向量基本定理的应用，考查平面向量数量积的计算，属于基础题15．复数1z ，2z 满足13=z ，22z =，127z z -=，则12z z +=______. 【答案】19【解析】将127z z -=平方可求得12z z ，即可求出212z z +，开方即可. 【详解】因为13=z ，22z =，127z z -=，所以22112227z z z z -+=，即1226z z =，则221212221964192z z z z z z =+++=++=，则2119z z -=. 故答案为：19. 【点睛】本题考查复数模的计算，属于基础题.四、双空题16．已知正四面体ABCD 的棱长为12，其外接球半径R =______；若其内切球的球心为O ，则内切球O 与三棱锥O BCD -的公共部分的体积为______. 【答案】36 26π【解析】由题意画出图形，求解三角形可得正四面体外接球的半径；由对称性可知正四面体外接球与内切球球心相同，求出内切球的半径，得到内切球的体积，由内切球O 与三棱锥O BCD -的公共部分的体积等于内切球体积的四分之一求解. 【详解】 解：如图，设底面三角形外心为F ，连接CF 并延长，交BD 于E ， ∵12BC CD BD ===，∴2212663CE =-=∴23CF =⨯=AF ==设正四面体ABCD 的外接球的半径为R ，则(()222R R =+，解得R =由正四面体的对称性，可得正四面体外接球的球心与内切球的球心重合.则内切球的半径r ==正四面体的体积为11121232⨯⨯⨯=343π⨯=.则正四面体内，内切球外的几何体的体积为， ∴内切球O 与三棱锥O BCD -的公共部分的体积为()14V ⎡⎤=⎣⎦=.故答案为：. 【点睛】此题考查正四面体内切球和外接球问题，考查空间想象能力和计算能力，属于中档题五、解答题17．已知函数()2sin cos f x x x x ωωω=⋅()0ω>的周期为π.（1）求ω的值；（2）求()f x 的单调增区间.【答案】（1）1ω=；（2）单调递增区间为5,1212k k ππππ⎡⎤-+⎢⎥⎣⎦，k Z ∈.【解析】（1）先化简解析式为()sin 232f x x πω⎛⎫=++ ⎪⎝⎭，再由周期公式求ω的值，（2）由（1）可得函数解析式为()sin 232f x x π⎛⎫=++ ⎪⎝⎭，令222232k x k πππππ-≤+≤+，k Z ∈，解之即可得出函数的单调增区间.【详解】解：（1）∵()2sin cos f x x x x ωωω=⋅)1sin 21cos 222x x ωω=++sin 23x πω⎛⎫=++⎪⎝⎭ ∵周期为π，∴22ππω=，又0>ω，解得1ω=； （2）由（1）可得：()sin 232f x x π⎛⎫=++ ⎪⎝⎭， 令222232k x k πππππ-≤+≤+，k Z ∈，解得：51212k x k ππππ-≤≤+，k Z ∈， 即函数的单调递增区间为5,1212k k ππππ⎡⎤-+⎢⎥⎣⎦，k Z ∈. 【点睛】本题考查利用三角恒等变换解决三角函数性质问题，属于基础题.18．在ABC 中，内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，()3cos cos b c A a C -=. （1）求cos A ； （2）若a =ABC 的面积S 的最大值.【答案】（1）13；（2【解析】（1）利用余弦定理将条件转化为变得关系即可求出A 的余弦值. （2）由余弦定理得到22233b c bc =++，结合基本不等式得到bc 的范围，进而可得面积的最大值. 【详解】解：（1）由余弦定理可得()222222322b c a a b c b c a bc ab+-+--⋅=⋅， 整理得22223b c a bc +-=， 则222213cos 223bcb c a A bc bc +-===； （2）由余弦定理2222231cos 223b c a b c A bc bc +-+-===，即22233b c bc =++，因为222323bc b c bc +=+≥，所以94bc ≤，当且仅当b c =时取“=” 因为1cos 3A =，则22sin A =则119223sin 22244S bc A =≤⨯⨯=. 【点睛】本题考查余弦定理，考查三角形面积，考查用基本不等式求最值，掌握余弦定理是解题关键．19．如图，AB 为半圆的直径，C 为半圆上一点(不与A ，B 重合)，PA ⊥平面ABC ，//QB PA ，且2PA QB =.（1）求证：平面PAC ⊥平面QBC ；（2）试问线段AC 上是否存在一点D ，使得//BD 平面CPQ ，若存在，指出D 的位置，并加以证明；若不存在，请说明理由.【答案】（1）证明见解析；（2）存在，D 为AC 的中点，证明见解析.【解析】（1）由直径所对的圆周角为直角，以及线面垂直的性质和判定，推得BC ⊥平面PAC ，再由面面垂直的判定定理，即可得证；（2）线段AC 上存在一点D ，且D 为AC 的中点，使得//BD 平面CPQ ，运用三角形的中位线定理和线面平行的判定定理，即可得证. 【详解】（1）证明：由AB 为半圆的直径，C 为半圆上一点(不与A ，B 重合)， 可得AC BC ⊥，由PA ⊥平面ABC ，可得PA BC ⊥，而PA ，AC 为相交直线，可得BC ⊥平面PAC ， 而BC ⊂平面QBC ，可得平面PAC ⊥平面QBC ；（2）线段AC 上存在一点D ，且D 为AC 的中点，使得//BD 平面CPQ . 证明：延长PQ ，与延长AB 交于H ，连接CH ， 由//QB PA ，且2PA QB =，可得B 为AH 的中点， 而D 为AC 的中点，可得//DB CH ，又H 为直线PQ 上的点，可得H 在平面CPQ 内，由BD ⊄平面CPQ ，CH ⊂平面CPQ ，可得//BD 平面CPQ .【点睛】本题考查面面垂直的判定定理、线面平行的判定定理，考查基本分析论证能力，属基础题.20．如图，直四棱柱1111ABCD A B C D -的底面ABCD 为直角梯形，//AB CD ，90BAD ∠=︒，2AA CD ==1，1AB AD ==，E ，F 分别为棱1BB ，1CC 的中点.（1）在图中作出平面1A FF 与该棱柱的截面图形，并用阴影部分表示(不必写出作图过程)；（2）H 为棱CD 的中点，求异面直线1D H 与EF 所成角的余弦值.【答案】（1）答案见解析；（2）1010. 【解析】（1）取11C D 中点G ，连结1A G ､EG ，四边形1A EFG 是平面1A EF 与该棱柱的截面图形.（2）以D 为原点，DA 为x 轴，DC 为y 轴，1DD 为z 轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出异面直线1D H 与EF 所成角的余弦值. 【详解】（1）取11C D 中点G ，连结1A G ､EG ，则四边形1A EFG 是平面1A EF 与该棱柱的截面图形.（2）∵直四棱柱1111ABCD A B C D -的底面ABCD 为直角梯形，//AB CD ，90BAD ∠=︒，12AA CD ==，1AB AD ==，E ，F 分别为棱1BB ，1CC 的中点，∴以D 为原点，DA 为x 轴，DC 为y 轴，1DD 为z 轴，建立空间直角坐标系，则()10,0,2D ，()0,1,0H ，()1,1,1E ，()0,2,1F ，()10,1,2H D =-，()1,1,0EF =-， 设异面直线1D H 与EF 所成角为θ，则11cos 105D H EF D H EFθ⋅===⋅. ∴异面直线1D H 与EF 所成角的余弦值为10. 【点睛】本题考查平面的性质，考查异面直线所成角的求法，属于基础题. 21．在ABC 中，内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，已知()sin cos2cos sin 22A A C C =-. （1）若3cos 5A =，试判断ABC 的形状； （2）求证：2b c a +=.【答案】（1）直角三角形；（2）证明见解析.【解析】（1）由已知利用三角函数恒等变换的应用化简已知等式可得25sin 8sin 30C C -+=，解得sin 1C =，或35，分类讨论，可求三角形为直角三角形； （2）将已知等式两边同时乘以22cos2A，利用三角函数恒等变换的应用可得sin sin 2sin C B A +=，进而根据正弦定理即可证明2b c a +=.【详解】（1）∵23cos 2cos 152A A ==-，可得24cos 25A =， 则21sin25A =，∴4sin 5A =，∴cos2A =，sin 2A =，∵()sin cos2cos sin 22A AC C =-， ∴)2cos 55C C =-，可得2sin 2cos C C =-， ∴()()222sin 2cos C C =-，整理可得：25sin 8sin 30C C -+=，解得sin 1C =，或35， ∴当sin 1C =时，C 为直角，三角形为直角三角形；当3sin cos 5C A ==时，可得2A C π+=，可得B 为直角，三角形为直角三角形； 综上，三角形为直角三角形. （2）∵()sin cos 2cos sin 22A AC C =-. ∴()22sin cos22cos sin cos 222A A A C C =-， ∴()()sin 1cos 2cos sin C A C A +=-，即sin sin cos 2sin sin cos C C A A A C +=-， ∴()()sin sin cos sin cos sin sin sin sin 2sin C C A A C C A C CB A ++=++=+=， ∴由正弦定理得2b c a +=，得证. 【点睛】本题考查三角形内的三角恒等变换，考查正弦定理，属于基础题.22．如图甲，矩形ABCD 中，2AB =，1AD =，E 为AB 中点，将ADE 沿直线DE 折起成PDE △(如图乙)，连接PC ，PB .在图乙中解答：（1）当平面PDE ⊥平面BCDE 时，求三棱锥B PCE -的体积； （2）F 为PC 中点，连接BF .求证：//BF 平面PDE ，并求线段BF 的长. 【答案】（12；（2）证明见解析，5BF =【解析】（1）取DE 中点O ，连结PO ，推导出PO ⊥平面BCDE ，由此能求出三棱锥B PCE -的体积.（2）取CD 中点G ，连结BG ､FG ，推导出//FG PD ，//BG DE ，从而平面//PDE 平面BFG ，由此能求出//BF 平面PDE .由//FG PD ，//BG DE ，得45BGF EDP ∠=∠=︒，利用余弦定理能求出BF .【详解】（1）取DE 中点O ，连结PO ，∵矩形ABCD 中，2AB =，1AD =，E 为AB 中点， 将ADE 沿直线DE 折起成PDE △，连接PC ，PB ，∴1PD PE ==，90DPA ∠=︒，∴PO DE ⊥，22112DE =+=∴2222122PO ⎛⎫=-= ⎪ ⎪⎝⎭， ∵平面PDE ⊥平面BCDE ，平面PDE 平面BCDE DE =，∴PO ⊥平面BCDE ， ∴三棱锥B PCE -的体积：1112211332212P BCE BCE V S PO -=⨯=⨯⨯⨯⨯=△. （2）证明：取CD 中点G ，连结BG ､FG ，∵F 是PC 中点，E 是AB 中点，四边形ABCD 是矩形， ∴//FG PD ，//BG DE ， ∵PDDE D =，FG GB G ⋂=，∴平面//PDE 平面BFG ，∵BF ⊂平面BFG ，∴//BF 平面PDE . ∵//FG PD ，//BG DE ， ∴45BGF EDP ∠=∠=︒，1122FG PD ==，2BG DE ==， ∴221152cos 45222cos 45422BF BG CF BG FG =+-⨯⨯⨯︒=+-⨯⨯⨯︒. 【点睛】本题考查面面垂直的性质，考查三棱锥的体积，考查线面平行的证明，属于中档题.。
辽宁省2020年高一下学期期末数学试卷(I)卷
辽宁省2020年高一下学期期末数学试卷（I）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共12题；共24分)1. （2分） (2019高一下·临沂月考) 在中，角的对边分别为，，．若为锐角三角形，且满足，则下列等式成立的是（）A .B .C .D .2. （2分） (2019高一上·营口月考) 已知，，记，，则与的大小关系是（）A .B .C .D .3. （2分）在正三棱柱ABC﹣A1B1C1中，若AB=BB1 ， D是CC1中点，则CA1与BD所成角的大小是（）A .B .C .D .4. （2分）已知数列{an}满足则此数列中等于（）A . －7B . 11C . 12D . －65. （2分） (2018高二上·会宁月考) 在三角形ABC中，，则三角形ABC是（）A . 钝角三角形B . 直角三角形C . 等腰三角形D . 等边三角形6. （2分）(2017·渝中模拟) 设a，b是空间中不同的直线，α，β是不同的平面，则下列说法正确的是（）A . a∥b，b⊂α，则a∥αB . a⊂α，b⊂β，α∥β，则a∥bC . a⊂α，b⊂α，α∥β，b∥β，则α∥βD . α∥β，a⊂α，则a∥β7. （2分） (2016高二上·菏泽期中) 在△ABC中，角A，B，C的对边分别是a，b，c，其中b为最大边，若sin2（A+C）＜sin2A+sin2C，则角B的取值范围是（）A .B .C .D .8. （2分）(2017·衡阳模拟) 如图是某几何体的三视图，图中小方格单位长度为1，则该几何体外接球的表面积为（）A . 8πB . 12πC . 16πD . 24π9. （2分） (2017高一下·嘉兴期末) 已知数列{an}、{bn}都是公差为1的等差数列，其首项分别为a1、b1 ，且a1+b1=5，a1 ，b1∈N* ，设cn=a ，则数列{cn}的前10项和等于（）A . 55B . 70C . 85D . 10010. （2分） (2019高一下·温州期末) 设△ABC的内角A，B，C所对的边长分别为a，b，c，且，则的最大值为（）A .B . 1C .D .11. （2分）(2018·宝鸡模拟) 直三棱柱中，，分别是的中点，，则与所成的角的余弦值为（）A .B .C .D .12. （2分）已知数列的通项为为数列的前n项和，令，则数列的前n项和的取值范围为（）A .B .C .D .二、填空题 (共4题；共4分)13. （1分）(2020·漳州模拟) 若，则 ________.14. （1分） (2016高二上·红桥期中) 已知直线l，m和平面β，若l⊥m，l⊥β，则m与β的位置关系是________．15. （1分） (2019高一下·台州期末) 已知等比数列的公比为q，关于x的不等式有下列说法：①当吋，不等式的解集②当吋，不等式的解集为③当 >0吋，存在公比q，使得不等式解集为④存在公比q，使得不等式解集为R.上述说法正确的序号是________.16. （1分） (2018高二上·武汉期末) 已知命题p：“ x∈[1,2]，”，命题q：“ x∈R，”，若命题“p且q”是真命题，则实数a的取值范围是________三、解答题 (共8题；共70分)17. （10分）已知函数f（x）=sin（ +x）sin（﹣x）+ sinxcosx（x∈R）．（1）求f（）的值；（2）在△ABC中，若f（A）=1，求sinB+sinC的最大值．18. （5分） (2016高一下·河源期中) 已知正项等差数列{an}的前n项和为Sn ，且满足，S7=56．（Ⅰ）求数列{an}的通项公式an；（Ⅱ）若数列{bn}满足b1=a1且bn+1﹣bn=an+1 ，求数列的前n项和Tn ．19. （5分）如图，已知等边△ABC中，E，F分别为AB，AC边的中点，M为EF的中点，N为BC边上一点，且CN= BC，将△AEF沿EF折到△A'EF的位置，使平面A'EF⊥平面EFCB．（Ⅰ）求证：平面A'MN⊥平面A'BF；（Ⅱ）设BF∩MN=G，求三棱锥A'﹣BGN的体积．20. （10分） (2017高一下·资阳期末) 已知f（x）=2x2+bx+c，不等式f（x）＜0的解集为（0，5）．（1）求b，c的值；（2）若对任意x∈[﹣1，1]，不等式f（x）+t≤2恒成立，求t的取值范围．21. （10分） (2019高二上·河南月考) 数列中，， .（1）求的通项公式；（2）设，求出数列的前项和.22. （5分）已知，α是第二象限的角，且tan（α+β）=1，求tanβ的值．23. （10分） (2016高二下·凯里开学考) △ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，且bcosC+ccosB=2acosB．（1）求角B的大小；（2）若，求△ABC的面积．24. （15分） (2018高一上·大港期中) 已知是定义在上的减函数，且，满足对任意，都有 .（1）求的值；（2）判断的奇偶性并证明；（3）解不等式 .参考答案一、选择题 (共12题；共24分)1-1、2-1、3-1、4-1、5-1、6-1、7-1、8-1、9-1、10-1、11-1、12-1、二、填空题 (共4题；共4分)13-1、14-1、15-1、16-1、三、解答题 (共8题；共70分) 17-1、17-2、18-1、19-1、20-1、20-2、21-1、21-2、22-1、23-1、23-2、24-1、24-2、24-3、。
辽宁省沈阳市郊联体2020-2021学年高一下学期期末考试 数学 Word版含答案
2020－2021学年度下学期沈阳市郊联体期末考试高－试题数学考试时间：120分钟 试卷总分：150分一、单选题(本大题共8个小题，每小题5分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1.已知sin(π－α)＝35，α∈(2π，π)，则cosα的值为 A.45 B.－35 C.±45 D.－452.已知复数z ＝12＋22i(i 为虚数单位)，则|z －1|＝A.3 B.34 C.11 D.143.设m ，n 是两条不同的直线，α，是两个不同的平面，下列说法正确的是<) A.若α⊥β，m ⊂α，n ⊂β，则m ⊥n B.若m ⊥α，m//n ，n//β，则α⊥β C.若m ⊥n ，m ⊂α，n ⊂β，则α⊥β D.若α//β，m ⊂α，n ⊂β，则m//n4.已知△ABC 的内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，且(a ＋b)2－c 2＝4，C ＝120°，则△ABC 的面积为 A.33B.233C.3D.235.斗拱是中国古典建筑最富装饰性的构件之一，并为中国所持有，图一图二是北京故宫太和殿斗拱实物图，图三是斗拱构件之一的“斗”的几何体，本图中的斗是由棱台与长方体形凹槽(长方体去掉一个长相等，宽和高分别为原长方体一半的小长方体)组成。
若棱台两底面面积分别是400cm 2，900cm 2，高为9cm ，长方体形凹槽的高为12cm ，那么这个斗的体积是A.6700cm 3B.6900cm 3C.13800cm 3D.14800cm 3 6.函数f(x)＝2sin(ωx ＋φ)，(ω>0，|φ|<2π)的部分图象如图所示。
若对任意x ∈R ，f(x)＋f(2t－x)＝0恒成立，则t 的最小正值为A.512π B.3π C.4π D.6π 7.在△ABC 中，A ，B ，C 分别为△ABC 三边a ，b ，c 所对的角。
若cosB 3＝2，且满足关系式cosB cosC 2sinAsinB b c 3sinC +=，则a b csinA sinB simC++++＝ A.2 B.4 C.6 D.88.在等腰梯形ABCD 中，AB//DC ，AB ＝2BC ＝2CD ＝2，P 是腰AD 上的动点，则2PB PC -的最小值为7 B.3 C.332 D.274二、多选题(本大题共4小题，每小题5分，共20分。
2020-2021学年辽宁省沈阳市郊联体高一(下)期末数学试卷(附答案详解)
2020-2021学年辽宁省沈阳市郊联体高一（下）期末数学试卷一、单选题（本大题共8小题，共40.0分）1.已知sin(π−α)=35，α∈(π2,π)，则cosα=()A. 35B. −35C. 45D. −452.已知复数z=12+√22i(为虚数单位)，则|z−1|=()A. √32B. 34C. √112D. 143.设m，n是两条不同的直线，α，β是两个不同的平面，下列命题中正确的是()A. 若α⊥β，m⊂α，n⊂β，则m⊥nB. 若m⊥α，m//n，n//β，则α⊥βC. 若m⊥n，m⊂α，n⊂β，则α⊥βD. 若α//β，m⊂α，n⊂β，则m//n4.已知△ABC的内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且(a+b)2−c2=4，C=120°，则△ABC的面积为()A. √33B. 2√33C. √3D. 2√35.斗拱是中国古典建筑最富装饰性的构件之一，并为中国所持有，图一图二是北京故宫太和殿斗拱实物图，图三是斗拱构件之一的“斗”的几何体，本图中的斗是由棱台与长方体形凹槽(长方体去掉一个长相等，宽和高分别为原长方体一半的小长方体)组成.若棱台两底面面积分别是400cm2，900cm2，高为9cm，长方体形凹槽的高为12cm.那么这个斗的体积是()A. 6700cm3B. 6900cm3C. 13800cm3D. 14800cm36.函数f(x)=2sin(ωx+φ)，(ω>0,|φ|<π2)的部分图象如图所示．若对任意x∈R，f(x)+f(2t−x)=0恒成立，则t的最小正值为()A. 5π12 B. π3 C. π4 D. π67. 在△ABC 中，A ，B ，C 分别为△ABC 三边a ，b ，c 所对的角．若cosB +√3sinB =2，且满足关系式cosB b+cosC c=2sinAsinB 3sinC，则a+b+csinA+sinB+sinC =( )A. 2B. 4C. 6D. 88. 在等腰梯形ABCD 中，AB//DC ，AB =2BC =2CD =2，P 是腰AD 上的动点，则|2PB⃗⃗⃗⃗⃗ −PC ⃗⃗⃗⃗⃗ |的最小值为( ) A. √7 B. 3C. √272D. 274二、多选题（本大题共4小题，共20.0分）9. 已知向量a ⃗ =(2,1)，b ⃗ =(−3,1)，则下列说法正确的是( )A. (a ⃗ +b ⃗ )⊥a ⃗B. |a ⃗ +2b ⃗ |=5C. 向量a⃗ 在向量b ⃗ 方向上的投影的数量是√102 D. 与向量a⃗ 方向相同的单位向量是(2√55,√55) 10. 将函数f(x)=3sin(4x +π6)图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍，再向右平移π6个单位长度，得到函数y =g(x)的图象，则下列说法正确的是( )A. g(x)=−3sin(8x −π6)B. 函数y =g(x)的图象关于点(π12,0)对称 C. x =π3是函数y =g(x)的一条对称轴 D. 函数y =g(x)在[0,π3]上单调递增11. 如图，在直三棱柱ABC −A 1B 1C 1中，CC 1=√6,AB =BC =2,AC =2√2，点M 是棱AA 1的中点，则下列说法正确的是( )A. 异面直线BC 与B 1M 所成的角为90°B. 在B 1C 上存在点D ，使MD//平面ABCC. 二面角B 1−AC −B 的大小为60°D. B 1M ⊥CM12. 若△ABC 的内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，且满足b −2a +4asin 2A+B 2=0，则下列结论正确的是( )A. 角C 一定为锐角B. a 2+2b 2−c 2=0C. 3tanA +tanC =0D. tan B 的最小值为√33三、单空题（本大题共4小题，共20.0分）13. 已知向量a ⃗ 和b ⃗ 的夹角为120°，且|a ⃗ |=2，|b ⃗ |=2，则(2a ⃗ −b ⃗ )⋅a ⃗ =______． 14. 在山顶铁塔上B 处测得地面上一点A 的俯角α=60°，在塔底C 处测得点A 的俯角β=45°，已知铁塔BC 部分高32米，山高CD = ______ ．15. 已知tan(α+β)=2，tan(α−β)=12，β∈(0,π2)，则tanβ的值为______ ． 16. 如图在梯形ABCD 中，AB//CD ，∠D =π2，AB =4，AD =CD =2，将该图形沿对角线AC 折成图中的三棱锥B −ACD ，且BD =2√3，则此三棱锥外接球的体积为______．四、解答题（本大题共6小题，共70.0分）17. 设复数z 1=1−i ，z 2=cosθ+isinθ，其中θ∈(−π2,0)．(1)若复数z =z 1⋅z 2在复平面内对应的点在直线y =2x 上，求tanθ的值；(2)求|z1−+z2|的取值范围．18.如图，在三棱锥S−ABC中，平面SAB⊥平面SBC，AB⊥BC，AS=AB.过A作AF⊥SB，垂足为F，点E，G分别是棱SA，SC的中点．求证：(1)平面EFG//平面ABC；(2)BC⊥SA．19.已知a，b，c是△ABC的内角A，B，C的对边，且5cosBcosC+2=5sinBsinC+cos2A．(1)求角A的大小：(2)若csinC=4(a+b)(sinA−sinB)，△ABC的周长为7+√13，求c．220.如图，在四棱锥P−ABCD中，底面ABCD为正方形，PA⊥底面ABCD，PA=AB=4，E为PB的中点，F为线段BC上的点，且BF=14BC．(1)求证：平面AEF⊥平面PBC；(2)求点F到平面PCD的距离．21.在平面四边形ABCD中，∠ABC=π3，∠ADC=π2，BC=4．(1)若△ABC的面积为3√3，求AC；(2)若AD=3√3，∠ACB=∠ACD+π3，求tan∠ACD．22.已知函数f(x)=4sinωx2cosωx2+1，其中常数ω>0．(1)y=f(x)在[−π4,3π4]上单调递增，求ω的取值范围；(2)若ω<4，将函数y=f(x)图像向左平移π3个单位，得到函数y=g(x)的图像，且过P(π6,1)，若对意的x∈[−π6,π12]，不等式g2(x)−mg(x)−1≤0恒成立，求实数m的取值范围．答案和解析1.【答案】D【解析】 【分析】利用诱导公式以及同角三角函数的平方关系求值即可．本题考查诱导公式及同角三角函数的基本关系的应用，属于基础题． 【解答】解：因为sin(π−α)=35，α∈(π2,π)， ∴sinα=35，∴cosα=−√1−sin 2α=−45．故选：D ．2.【答案】A【解析】解：∵z =12+√22i ，∴z −1=−12+√22i ， ∴|z −1|=√(−12)2+(√22)2=√32． 故选：A ．根据已知条件，运用复数的加法运算法则，以及复数模的公式，即可求解．本题考查了复数代数形式的加法运算，以及复数模的公式，需要学生熟练掌握公式，属于基础题．3.【答案】B【解析】 【分析】本题考查直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系的判定，是基础题，解题时要注意空间思维能力的培养．由已知条件，利用直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系，能求出结果． 【解答】解：若α⊥β，m ⊂α，n ⊂β，则m 与n 相交、平行或异面，故A 错误； ∵m ⊥α，m//n ，∴n ⊥α， 又∵n//β，∴α⊥β，故B 正确；若m ⊥n ，m ⊂α，n ⊂β，则α与β平行或α与β相交，故C 错误； 若α//β，m ⊂α，n ⊂β，则m//n 或m ，n 异面，故D 错误． 故选：B ．4.【答案】C【解析】解：∵cosC =a 2+b 2−c 22ab=(a+b)2−c 2−2ab2ab=cos120°=−12，且(a +b)2−c 2=4， ∴4−2ab 2ab=−12，即8−4ab =−2ab ，即ab =4， 则S △ABC =12absinC =12×4×√32=√3．故选：C ．利用余弦定理表示出cos C ，并利用完全平方公式变形，将已知等式及cos C 的值代入求出ab 的值，再由sin C 的值，利用三角形面积公式即可求出三角形ABC 面积． 此题考查了余弦定理，以及三角形面积公式，熟练掌握余弦定理是解本题的关键．5.【答案】C【解析】解：由题意得棱台的体积V 1=13×9×(400+900+√400×900)=5700(cm 3)； ∵长方体形凹槽是指长方体去掉一个长相等，宽和高分别为原长方体一半的小长方体， ∴长方体凹槽的体积是原长方体体积的34，则长方体凹槽的体积V 2=34×900×12=8100(cm 3).∴这个斗的体积是V =V 1+V 2=5700+8100=13800cm 3． 故选：C ．由已知求得正四棱台的体积，再求出长方体形凹槽的体积，作和得答案．本题考查正四棱台及长方体的体积，考查计算能力，是基础题．6.【答案】B【解析】解：由图象可得5π6−(−5π12)=T+T4，解得T=π，则ω=2πT=2，所以f(x)=2sin(2x+φ)，由2sin[2×(−5π12)+φ]=−2，可得2×(−5π12)+φ=2kπ−π2，k∈Z，解得φ=2kπ+π3，k∈Z，由|φ|<π2，可得k=0，φ=π3，则f(x)=2sin(2x+π3)，对任意x∈R，f(x)+f(2t−x)=0恒成立，可得f(x)的图象关于点(t,0)中心对称，可得2t+π3=kπ，k∈Z，即t=kπ2−π6，k∈Z，k=1时，正数t取得最小值π3．故选：B．由图象可得周期T，进而得到ω，代入(−5π12,−2)结合φ的取值范围可求得φ，从而可得函数的解析式，由f(x)的图象关于点(t,0)中心对称，可得f(t)=0，进而得到实数t的最小正值．本题考查三角函数的图象和性质，周期性和对称性的运用，考查方程思想和数形结合思想、运算能力，属于中档题．7.【答案】A【解析】解：∵在锐角△ABC中，A、B、C分别为△ABC三边a，b，c所对的角，cosB+√3sinB=2，∴2sin(B+30°)=2，可得sin(B+30°)=1，∴B=60°，∵cosBb +cosCc=2sinAsinB3sinC，∴a 2+c 2−b 22acb+a 2+b 2−c 22abc=2asinB 3c=√3a 3c， 解得b =√3， ∴由b sinB=a sinA=c sinC=√3sin60°=2，∴a+b+c sinA+sinB+sinC=2(sinA+sinB+sinC)sinA+sinB+sinC=2．故选：A ．由cosB +√3sinB =2，推导出B =60°，由cosB b+cosC c=2sinAsinB 3sinC，推导出b ，进而根据正弦定理即可求解．本题考查了正弦定理，余弦定理，三角函数恒等变换的应用等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是中档题．8.【答案】C【解析】解：以A 为原点，射线AB 为x 轴正半轴建立直角坐标系，如图所示，B(2,0)，C(32,√32)，设P(a,√3a)，其中0≤a ≤12，PB ⃗⃗⃗⃗⃗ =(2−a,−√3a)，PC ⃗⃗⃗⃗⃗ =(32−a,√32−√3a)， ∴2PB ⃗⃗⃗⃗⃗ −PC ⃗⃗⃗⃗⃗ =(52−a,−√32−√3a)，∴|2PB ⃗⃗⃗⃗⃗ −PC⃗⃗⃗⃗⃗ |=√4a 2−2a +7=√4(a −14)2+274， ∴当a =14时，|2PB ⃗⃗⃗⃗⃗ −PC⃗⃗⃗⃗⃗ |取最小值√272． 故选：C ．以A 为原点，射线AB 为x 轴正半轴建立直角坐标系，用坐标表示出2PB ⃗⃗⃗⃗⃗ −PC ⃗⃗⃗⃗⃗ ，即可求出．本题考查了平面向量的模的求法，结合了二次函数求最值的内容，属于中档题．9.【答案】ABD【解析】解：A ：∵a ⃗ =(2,1)，b ⃗ =(−3,1)，∴a ⃗ +b ⃗ =(−1,2)， ∵(a ⃗ +b ⃗ )⋅a ⃗ =−1×2+1×2=0，∴(a ⃗ +b ⃗ )⊥a ⃗ ，∴A 正确， B ：∵a ⃗ +2b ⃗ =(−4,3)，∴|a ⃗ +2b ⃗ |=√42+32=5，∴B 正确， C ：∵向量a ⃗ 在向量b ⃗ 方向上的投影的数量是a ⃗ ⋅b⃗ |b ⃗ |=√(−3)2+12=−√102，∴C 错误， D ：∵与向量a ⃗ 方向相同的单位向量是a⃗ |a ⃗ |=√22+12=(2√55,√55)，∴D 正确． 故选：ABD ．利用向量垂直与数量积的关系判断A ，利用求模公式判断B ，利用投影公式判断C ，利用共线向量的性质判断D ．本题考查了向量垂直，模，投影与数量积的关系、向量的坐标运算，属于中档题．10.【答案】BCD【解析】解：函数f(x)=3sin(4x +π6)图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍，得到k(x)=3sin(2x +π6)的图象，再向右平移π6个单位长度，得到函数y =g(x)=3sin(2x −π6)的图象，故A 错误； 对于B ：当x =π12时，整理得g(π12)=0，故B 正确； 对于C ：当x =π3时，g(π3)=3，故C 正确；对于D ：由于x ∈[0,π3]，所以2x −π6∈[−π6,π2]，故函数在[0,π3]上单调递增，故D 正确． 故选：BCD ．首先利用三角函数的平移变换和伸缩变换的应用求出函数的关系式，进一步利用正弦型函数的性质的应用求出结果．本题考查的知识要点：三角函数关系式的变换，正弦型函数的性质的应用，主要考查学生的运算能力和数学思维能力，属于基础题．11.【答案】ABC【解析】解：选项A ，连接MC 1，由三棱柱的性质可知，BC//B 1C 1， ∴∠MB 1C 1即为异面直线BC 与B 1M.∵AB =BC =2，AC =2√2，∴∠ABC =∠A 1B 1C 1=90°，即A 1B 1⊥B 1C 1， 由直三棱柱的性质可知，BB 1⊥平面A 1B 1C 1， ∵B 1C 1⊂平面A 1B 1C 1，∴BB 1⊥B 1C 1，又A 1B 1∩BB 1=B 1，A 1B 1、BB 1⊂平面ABB 1A 1，∴B 1C 1⊥平面ABB 1A 1， ∴B 1C 1⊥MB 1，即∠MB 1C 1=90°，∴选项A 正确；选项B ，连接BC 1，交B 1C 于点D ，连接MD ，再取BC 的中点E ，连接DE 、AE ，则DE//AM ，DE =AM ，∴四边形AMDE 为平行四边形，∴MD//AE ，∵MD ⊄平面ABC ，AE ⊂平面ABC ，∴MD//平面ABC ，即选项B 正确； 选项C ，取AC 的中点N ，连接BN 、B 1N ，∵BB 1⊥平面ABC ，∴∠BNB 1即为二面角B 1−AC −B 的平面角．在Rt △BNB 1中，BB 1=√6，BN =√22AB =√2，∴tan∠BNB 1=BB 1BN=√3，∴∠BNB 1=60°，即选项C 正确；选项D ，在△CMB 1中，CM 2=AC 2+AM 2=192，MB 12=A 1B 12+A 1M 2=112，B 1C 2=B1B2+BC2=10，显然CM2+MB12≠B1C2，即B1M与CM不垂直，∴选项D错误．故选：ABC．选项A，连接MC1，易知BC//B1C1，故∠MB1C1即为所求．由勾股定理可知A1B1⊥B1C1，由三棱柱的性质可知BB1⊥B1C1，再结合线面垂直的判定定理与性质定理即可证得可证得B1C1⊥MB1，即∠MB1C1=90°；选项B，连接BC1，交B1C于点D，连接MD，再取BC的中点E，连接DE、AE，易知四边形AMDE为平行四边形，故MD//AE，再由线面平行的判定定理即可得证；选项C，取AC的中点N，连接BN、B1N，则∠BNB1即为所求，在Rt△BNB1中，由三角函数可求出tan∠BNB1的值，从而得解；选项D，在△CMB1中，利用勾股定理分别算出CM、MB1和B1C的长，判断其结果是否满足CM2+MB12≠B1C2即可．本题考查空间中线面的位置关系、角的求法，要求学生熟练掌握空间中线与面平行或垂直的判定定理与性质定理，以及通过平移的思想找出异面直线的平面角，并理解二面角的定义，考查学生的空间立体感、逻辑推理能力和运算能力，属于中档题．12.【答案】BC【解析】解：∵b−2a+4asin2A+B2=0，∴b−2a+4acos2C2=0，即b−2a+2a(cosC+1)=0，∴cosC=−b2a<0，又C∈(0,π)，∴C一定为钝角，即选项A错误；由余弦定理知，cosC=a2+b2−c22ab =−b2a，化简得，a2+2b2−c2=0，即选项B正确；∵tanAtanC =sinAcosCcosAsinC=sinAsinC⋅cosCcosA=ac⋅(a2+b2−c2)⋅2bc2ab⋅(b2+c2−a2)=−b23b2=−13，∴3tanA+tanC=0，即选项C正确；∵A+B+C=π，∴tanB=−tan(A+C)=−tanA+tanC1−tanAtanC=−tanA−3tanA1+tanA⋅3tanA=21tanA+3tanA∵C为钝角，∴A∈(0,π2)，tanA>0，∴1tanA +3tanA ≥2√1tanA ⋅3tanA =2√3，当且仅当1tanA =3tanA ，即tanA =√33时，等号成立，此时tan B 取得最大值√33，即选项D 错误．故选：BC ．选项A ，结合诱导公式、二倍角公式对已知等式化简可得cosC =−b2a <0，从而知C 为钝角；选项B ，由cosC =−b2a 和余弦定理，可得解；选项C ，结合选项B 的结论，再根据同角三角函数的商数关系、正弦定理和余弦定理，可推出tanA tanC =−13，从而得解；选项D ，结合选项C 的结论，再由三角形的内角和定理与正切的两角和公式，可推出tanB =21tanA+3tanA ，然后由基本不等式，得解．本题主要考查解三角形的应用，还涉及利用基本不等式求最值，熟练掌握正弦定理、余弦定理是解题的关键，考查学生的转化与化归思想、逻辑推理能力和运算求解能力，属于中档题．13.【答案】10【解析】解：∵向量a ⃗ 和b ⃗ 的夹角为120°，且|a ⃗ |=2，|b ⃗ |=2，∴(2a ⃗ −b ⃗ )⋅a ⃗ =2a −2−a −⋅b −=2×4−2×2×(−12)=10．故答案为：10．根据向量的数量积公式计算即可．本题考查了向量的数量积的运算，模的计算，属于基础题．14.【答案】16(√3+1) (米)【解析】解：设AD =x ，则CD =AD ⋅tan45°=AD =x ， BD =AD ⋅tan60°=√3x ， ∴BC =(√3−1)x =32， ∴x =32√3−1=16(√3+1)(米)，即CD =16(√3+1) (米)， 故答案为：16(√3+1) (米)．设AD =x ，则根据∠CAD 和∠BAD 可以计算CD 和BD 的值，根据BC =BD −CD 可求得x 的值，再得到CD 的值．本题考查了特殊角的三角函数值，三角函数在直角三角形中的运用，易错点是错误运用特殊角的三角函数值，属基础题．15.【答案】13【解析】解：因为tan(α+β)=2，tan(α−β)=12，β∈(0,π2)， 所以tan2β=tan[(α+β)−(α−β)]=tan(α+β)−tan(α−β)1+tan(α+β)tan(α−β)=2−121+2×12=34，所以2tanβ1−tan 2β=34，可得3tan 2β+8tanβ−3=0， 解得tanβ=13，或−3(舍去)． 故答案为：13．由已知利用两角差的正切公式可求tan2β的值，进而利用二倍角的正切公式可得2tanβ1−tan 2β=34，可得3tan 2β+8tanβ−3=0，解方程即可得解tanβ的值． 本题主要考查了两角差的正切公式，二倍角的正切公式在三角函数化简求值中的应用，考查了方程思想，属于中档题．16.【答案】32π3【解析】解：在梯形ABCD 中，由题意得AC =BC =2√2，BC ⊥AC ， 在三棱锥B −ACD 中，∵BD =2√3，∴BD 2=BC 2+CD 2，∴BC ⊥CD ， ∵AC ∩CD =C ，∴BC ⊥平面ACD ，∴BC ⊥AD ，又因为AD ⊥CD ，∴AD ⊥平面BCD ，∴AD ⊥BD ， 则AB 是Rt △ABC 和Rt △ADB 的公共斜边，取AB中点为O，则OA=OB=OC=OD，则点O为外接球球心，AO为外接球半径，∴r=AO=2，∴此三棱锥外接球的体积V=43πR3=32π3．故答案为：32π3．由题意得AB是Rt△ABC和Rt△ADB的公共斜边，取AB中点为O，则OA=OB=OC= OD，则点O为外接球球心，AO为外接球半径，即可求解．本题考查三棱锥的外接球的体积的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，是中档题．17.【答案】解：(1)∵z1=1−i，z2=cosθ+isinθ，∴z=z1z2=cosθ+sinθ+(sinθ−cosθ)i，∵复数z=z1⋅z2在复平面内对应的点在直线y=2x上，∴sinθ−cosθ=2(cosθ+sinθ)，即tanθ=−3．(2)∵z1=1−i，∴z1−=1+i，∴|z1−+z2|2=(1+cosθ)2+(1+sinθ)2=3+2(sinθ+cosθ)=3+2√2sin(θ+π4)，∵θ∈(−π2,0)，∴θ+π4∈(−π4,π4)，sin(θ+π4)∈(−√22,√22)，∴|z1−+z2|2∈(1,5)，∴|z1−+z2|的取值范围为(1,√5)．【解析】(1)由已知条件z1=1−i，z2=cosθ+isinθ，可得z=z1z2=cosθ+sinθ+ (sinθ−cosθ)i，再结合条件复数z=z1⋅z2在复平面内对应的点在直线y=2x上，即可求解．(2)根据已知条件，结合复数模公式和三角函数的图象，即可求解．本题主要考查了复数的几何含义，以及复数模公式，需要学生熟练掌握公式，属于基础题．18.【答案】解：(1)∵△ASB中，SA=AB且AF⊥SB，∴F为SB的中点．∵E、G分别为SA、SC的中点，∴EF、EG分别是△SAB、△SAC的中位线，可得EF//AB且EG//AC．∵EF⊄平面ABC，AB⊂平面ABC，∴EF//平面ABC，同理可得EG//平面ABC又∵EF、EG是平面EFG内的相交直线，∴平面EFG//平面ABC；(2)∵平面SAB⊥平面SBC，平面SAB∩平面SBC=SB，AF⊂平面ASB，AF⊥SB．∴AF⊥平面SBC．又∵BC⊂平面SBC，∴AF⊥BC．∵AB⊥BC，AF∩AB=A，∴BC⊥平面SAB．又∵SA⊂平面SAB，∴BC⊥SA．【解析】(1)根据等腰三角形的“三线合一”，证出F为SB的中点．从而得到△SAB和△SAC中，EF//AB且EG//AC，利用线面平行的判定定理，证出EF//平面ABC且EG//平面ABC.因为EF、EG是平面EFG内的相交直线，所以平面EFG//平面ABC；(2)由面面垂直的性质定理证出AF⊥平面SBC，从而得到AF⊥BC.结合AF、AB是平面SAB内的相交直线且AB⊥BC，可得BC⊥平面SAB，从而证出BC⊥SA．本题在三棱锥中证明面面平行和线线垂直，着重考查了直线与平面平行、平面与平面平行的判定定理，直线与平面垂直的判定与性质等知识，属于中档题．19.【答案】解：(1)因为5cosBcosC+2=5sinBsinC+cos2A，所以5(cosBcosC−sinBsinC)+2=cos2A，可得5cos(B+C)+2=2cos2A−1，可得2cos2A+5cosA−3=0，解得：cosA=1或cosA=−3(舍去)，2因为0<A<π，所以A=π．3(2)由正弦定理有：c2=4(a+b)(a−b)，可得c2=4(a2−b2)，又由A=π3及余弦定理有：a2=b2+c2−bc，有a2−b2=c2−bc，有c2=4(c2−bc)，可得：b=3c4，有a2=(3c4)2+c2−3c24=13c216，可得a=√13c4，可得△ABC的周长为a+b+c=√13c4+3c4+c=7+√134c，有7+√134c=7+√132，可得c=2．【解析】(1)利用三角函数恒等变换的应用化简已知等式可得2cos2A+5cosA−3=0，解方程可得cos A的值，结合范围0<A<π，可得A的值．(2)由正弦定理可得c2=4(a2−b2)，又由A=π3及余弦定理可求b=3c4，由a2=(3c4)2+c2−3c24=13c216，可得a=√13c4，根据三角形的周长即可求解．本题主要考查了三角函数恒等变换，正弦定理，余弦定理在解三角形中的综合应用，考查了计算能力和转化思想，属于中档题．20.【答案】(1)证明：∵PA⊥平面ABCD，BC⊂平面ABCD，∴PA⊥BC，又BC⊥AB，PA∩AB=A，∴BC⊥平面PAB，又AE⊂面PAB，∴BC⊥AE，∵PA=AB，E为PB中点，∴AE⊥PB，又BC∩PB=B，∴AE⊥平面PAB，又AE⊂平面AEF，∴平面AEF⊥平面PBC．(2)解：∵AB//CD，AB⊄平面PCD，CD⊂平面PCD，∴AB//平面PCD，∴B到平面PCD的距离等于A到平面PCD的距离，取PD的中点G，连接AG，∵PA⊥平面ABCD，∴PA⊥CD，又CD⊥AD，AD∩PA=A，∴CD⊥平面PAD，∴CD⊥AG，∵PA=AD，G是PD的中点，∴AG⊥PD，又PD∩CD=D，∴AG⊥平面PCD，∵PA=AD=4，PA⊥AD，∴PD=4√2，∴AG=12PD=2√2，∴点B到平面PCD的距离为2√2，∵BF=14BC，∴点F到平面PCD的距离为2√2×34=3√22．【解析】(1)证明BC⊥平面PAB得出AE⊥BC，结合AE⊥PB得出AE⊥平面PBC，故而平面AEF⊥平面PBC；(2)取PD中点G，证明AG⊥平面PCD，AB//平面PCD，则点B到平面PCD的距离为AG的长，利用BF=14BC，即可求得点F到平面PCD的距离．本题考查了面面垂直的判定，线面垂直的判定，考查点到平面的距离计算，属于基础题．21.【答案】解：(1)∵△ABC中，∠ABC=π3，BC=4，∴S△ABC=12AB⋅BCsin∠ABC=3√3，∴AB=3∵△ABC中，由余弦定理可得：AC2=AB2+BC2−2AB⋅BCcos∠ABC=9+16−2×3×4×12=13，∴AC=√13；(2)设∠ACD=α，则∠ACB=∠ACD+π3=α+π3，∵Rt△ACD中，AD=3√3，∴AC=ADsinα=3√3sinα，△ABC中，∠BAC=π−∠ACB−∠ABC=π3−α，由正弦定理可得：BCsin∠BAC =ACsin∠ABC，即4sin(π3−α)=√3√32sinα，∴3sin(π3−α)=2sinα，化简可得tanα=3√37，∴tan∠ACD=3√37．【解析】(1)由已知结合三角形的面积公式S△ABC=12AB⋅BCsin∠ABC可求AB，在△ABC 中，再由余弦定理，AC2=AB2+BC2−2AB⋅BCcos∠ABC可求AC；(2)设∠ACD=α，则可表示∠ACB，△ABC中，由正弦定理可得BCsin∠BAC =ACsin∠ABC，进而可求tanα，即可求解．本题主要考查了正弦定理，余弦定理及三角形的面积公式等知识的综合应用，还考查了转化的能力，试题具有一定的综合性，属于中档题．22.【答案】解：(1)由题意得f(x)=4sinωx 2cos ωx 2+1=2sinωx +1，又ω>0，得y =f(x)的最小正周期为T =2πω，由正弦函数的性质，[−π2ω,π2ω]是函数f(x)=2sinωx +1的一个单调递增区间， 又因为函数f(x)=2sinωx +1在[−π4,3π4]上单调递增，则{−π2ω≤−π4π2ω≥3π4，解得0<ω≤23． (2)由(1)得f(x)=2sinωx +1，将函数y =f(x)图像向左平移π3个单位，得到函数g(x)=2sin(ωx +π3ω)+1的图像， ∵g(x)的图像过P(π6,1)，∴g(π6)=2sin(π6ω+π3ω)+1=1，∴sin π2ω=0， ∴π2ω=kπ，k ∈Z ，∴ω=2k ，k ∈Z ，∵0<ω<4，∴ω=2， ∴g(x)=2sin(2x +2π3)+1， ∵x ∈[−π6,π12]，2x +2π3∈[π3,5π6]，∴g(x)∈[2,3]，令t =g(x)∈[2,3]，参变分离得m ≥t −1t 在[2,3]恒成立， 令ℎ(t)=t −1t ，则函数ℎ(t)在[2,3]上递增， 当t =3时，ℎ(t)max =3−13=83，∴m ≥83．【解析】(1)利用正弦函数的单调性求出一个递增区间[−π2ω,π2ω]，再利用子集列出不等式组即可．(2)利用三角变换得到g(x)=2sin(ωx +π3ω)+1，再求出ω=2，再利用正弦函数的图象与性质求出g(x)∈[2,3]，最后换元利用分参求最值即可．本题主要考查函数y =Asin(ωx +φ)的图象变换规律，正弦函数的图象与性质的应用，属于中档题．。
辽宁省沈阳市郊联体2020-2021学年高一下学期期末数学试题
【分析】
由题意可知摸出黑球的概率，再根据摸出黑球，摸出红球为互斥事件，根据互斥事件的和即可求解.
【详解】
因为从中摸出1个球，若摸出红球的概率是0.45，摸出白球的概率是0.25，
所以摸出黑球的概率是 ，
因为从盒子中摸出1个球为黑球或红球为互斥事件，
A．0.3B．0.55C．0.7D．0.75
3．若样本数据 ， ，…， 的方差为2，则数据 ， ，…， 的方差为（ ）
A．4B．8C．16D．32
4．函数 的图象的相邻两支截直线 所得的线段长为 ，则 的值是（ ）
A．0B． C．1D．
5．为了了解我校今年准备报考飞行员的学生的体重情况，将所得的数据整理后，画出了频率分布直方图（如图），已知图中从左到右的前3个小组的频率之比为 ，第2小组的频数为12，则抽取的学生总人数是（ ）
A．24B．48C．56D．64
6．在△ 中， 为 边上的中线， 为 的中点，则
A． B．
C． D．
7．已知点 在正 所确定的平面上，且满足 ，则 的面积与 的面积之比为（ ）
A． B． C． D．
8．已知向量 ， ，若 与 的夹角为 ，则 （ ）
A．2B． C． D．1
9．已知函数 在一个周期内的图象如图所示.则 的图象，可由函数 的图象怎样变换而来（纵坐标不变）（ ）
辽宁省沈阳市郊联体2020-2021学年高一下学期期末数学试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．已知点 ， ，则与向量 的方向相反的单位向量是（ ）
A． B． C． D．
2．一个盒子内装有大小相同的红球、白球和黑球若干个，从中摸出1个球，若摸出红球的概率是0.45，摸出白球的概率是0.25，那么摸出黑球或红球的概率是（ ）
2020-2021学年辽宁省沈阳市级重点高中联合体高一下学期期末考试数学试题及答案
2020-2021学年辽宁省沈阳市级重点高中联合体高一下学期期末考试数学试题★祝考试顺利★ (含答案)满分：150分 考试时间：120分钟 第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、选择题：（本大题共12小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
） 1.i 是虚数单位，若2i2im ++是纯虚数，则实数m =（ ） A.1B.1-C.4D.4-2.已知向量a 与b 夹角为3π，且1a =，23a b -=，则b =（ ）C.13.若3cos 45πα⎛⎫-= ⎪⎝⎭，则sin 2α=（ ）A.725B.15C.15-D.725-4.在ABC △中，角A 、B 、C 所对的边分别是a 、b 、c ，若2cos b a C =⋅，则ABC △的形状为（ ） A.等腰三角形B.等边三角形C.锐角三角形D.钝角三角形5.已知函数()()1cos 2f x x ωϕ=+（0ω>，2πϕ<）的部分图象如图所示，M ，N 分别为图象上相邻的最高点与最低点，且线段MN 的长为2，则20212f ⎛⎫= ⎪⎝⎭（ ）A.4-B.4C.14-D.146.已知正四棱锥的体积为12，底面对角线的长为（ ） A.60°B.45°C.30°D.757.已知ABC △的三个内角为A ，B ，C ，向量()3sin ,sin m A B =，()cos n B A =.若()1cos m n A B ⋅=++，则C =（ ） A.6πB.3πC.23πD.56π 8.已知三棱锥S ABC -的四个顶点都在球O 的表面上，且SA AC ⊥，SA AB ⊥，若已知2AB =，4BC =，60ABC ∠=︒，6SA =，则球O 的体积是（ ）A.1003πB.2003πC.3D.523π二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项是符合题目要求的，全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.） 9.已知i 为虚数单位，以下四个说法中正确的是（ ） A.234i i i i 0+++=B.复数3i z =-的虚部为i -C.若()212i z =+，则复平面内z 对应的点位于第二象限D.已知复数z 满足11z z -=+，则z 在复平面内对应的点的轨迹为直线 10.如图，在三棱锥P ABC -中，能推出AP BC ⊥的条件是（ ） A.AP PB ⊥，BC PB ⊥B.AP PB ⊥，AP PC ⊥C.平面BCP ⊥平面PAC ，BC PC ⊥D.AP ⊥平面PBC11、下列命题中是真命题的有（ ）A.在ABC △中，A ，C 均为锐角，且sin cos A C >，则B 为锐角B.在ABC △中，若sin 2sin 2A B =，则ABC △是等腰三角形C.在ABC △中，“A B >”是“sin sin A B >”的充要条件D.在ABC △中，若5cos 13A =，4sin 5B =则cos C 的值为3365或636512、如图，正方体1111ABCD A BC D -的棱长为1，线段11B D 上有两个动点E ，F ，且12EF =，则下列结论中正确的是（ ） A.AC BE ⊥B.//EF 平面ABCDC.AEF △的面积与BEF △面积相等D.三棱锥A BEF -的体积为定值第Ⅱ卷（非选择题，共90分）三、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分。
辽宁省沈阳市兴东中学2019-2020学年高一数学理下学期期末试卷含解析
辽宁省沈阳市兴东中学2019-2020学年高一数学理下学期期末试卷含解析一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，只有是一个符合题目要求的1. 已知数列，,…，…，则是这个数列的（）A．第10项 B．第11项 C．第12项 D．第21项参考答案：B2. 已知，则函数的最大值为A．6 B．13 C．22 D．33参考答案：B略3. 已知定义域为R的偶函数f（x）在（0，+∞）上为增函数，则( )A．f（4）＞f（3）B．f（﹣5）＞f（5）C．f（﹣3）＞f（﹣5）D．f（3）＞f （﹣6）参考答案：A【考点】奇偶性与单调性的综合．【专题】综合题；转化思想；综合法；函数的性质及应用．【分析】利用定义域为R的偶函数f（x）在（0，+∞）上为增函数，即可得出结论．【解答】解：∵定义域为R的偶函数f（x）在（0，+∞）上为增函数，4＞3，∴f（4）＞f（3），故选：A．【点评】本题考查函数的单调性，与奇偶性，比较基础．4. 设奇函数的定义域为，若当时，的图象如图（2）所示，则不等式的解集为（）A．B．C．D．参考答案：B略5. 下列各组函数中，表示同一函数的是A．与 B．与C．与D．与参考答案：C略6. 设是定义在上的奇函数，当时，，则（）A. B. C. 0 D. 1参考答案：A【分析】利用求得，从而得到时解析式，利用求得结果. 【详解】是定义在上的奇函数，解得：当时，本题正确选项：【点睛】本题考查根据函数奇偶性求解函数值，关键是利用奇函数在处有意义时，求得函数解析式.7. 已知正项等比数列满足：，若存在两项，使得，则的值为（）A.10B.6C.4D.不存在参考答案：B8. 集合，集合，则P与Q的关系是（）A．P=Q B．P?Q C．P?Q D．P∩Q=?参考答案：B【考点】集合的包含关系判断及应用．【专题】计算题．【分析】通过求集合P中函数的定义域化简集合p，通过求集合Q中函数的值域化简集合Q，利用集合间元素的关系判断出集合的关系．【解答】解：依题意得，P={x|x+1≥0}={x|x≥﹣1}，Q={y|y≥0}，∴P?Q，故选B．【点评】进行集合间的元素或判断集合间的关系时，应该先化简各个集合，再借助数轴或韦恩图进行运算或判断．9. 圆x2＋y2－2x＋6y＋8＝0的周长为()A．2π B．2π C．22π D．4π参考答案：B略10. （5分）函数f（x）=x+lgx的零点所在的区间为（）A．（0，）B．（，1）C．（1，10）D．（10，+∞）参考答案：B考点：函数零点的判定定理．专题：计算题；函数的性质及应用．分析：可判断函数f（x）=x+lgx在（0，+∞）上单调递增且连续，从而由零点判定定理判断即可．解答：函数f（x）=x+lgx在（0，+∞）上单调递增且连续，f（）=﹣1＜0，f（1）=1+0＞0；故函数f（x）=x+lgx的零点所在的区间为（，1）；故选B．点评：本题考查了函数的零点的判断与应用，属于基础题．二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. 对任意的，若函数的大致图像为如图所示的一条折线（两侧的射线均平行于轴），试写出、应满足的条件是 .参考答案：12. 若幂函数的图象过点(2，)，则= .参考答案：略13. 已知某扇形的周长是16，圆心角是2弧度，则该扇形的面积是．参考答案：16【考点】扇形面积公式．【专题】计算题；方程思想；综合法；三角函数的求值．【分析】设出扇形的半径，求出扇形的弧长，利用周长公式，求出半径，然后求出扇形的面积．【解答】解：设扇形的半径为：R，所以2R+2R=16，所以R=4，扇形的弧长为：8，半径为4，扇形的面积为：S=×8×4=16故答案为：16．【点评】本题是基础题，考查扇形的面积公式的应用，考查计算能力．14. 设集合A={},B={x},且A B，则实数k的取值范围是_______________.参考答案：{}略15. 已知f（x）=，则f(2)等于__________．参考答案：1略16. 已知函数，若存在实数,使的定义域为时,值域为,则实数的取值范围是_____________.参考答案：略17. 函数的最小正周期为★；参考答案：三、解答题：本大题共5小题，共72分。
2019-2020学年辽宁省沈阳市郊联体高一下学期期末考试数学
2019-2020学年辽宁省沈阳市郊联体⾼⼀下学期期末考试数学绝密★启⽤前数学试题注意事项：1、答题前填写好⾃⼰的姓名、班级、考号等信息 2、请将答案正确填写在答题卡上第I 卷(选择题60分)⼀、选择题：本⼤题共12个⼩题，每⼩题5分，共60分。
在每⼩题给出的四个选项中，只有⼀项是符合要求的。
1.若⾓600°的终边上有⼀点(－4，a)，则a 的值是A.4B.－43C.43D.－43 2.已知向量a ＝(x －5，3)，b ＝(2，x)，且a ⊥b ，则由x 的值构成的集合是A.{2，3}B.{－1，6}C.{2}D.{6} 3.如图，正⽅形O'A'C'B'的边长为1cm ，它是⽔平放置的⼀个平⾯图形的直观图，则它的原图形⾯积2B.24C.2(134.已知0<α<π，2sin2α＝sinα，则sin(α－2π)＝ A.－154 B.－14C.154 D.145.在△ABC 中，⾓A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，若cosA ＝12，a ＝3，则a b c sinA sinB sinC++++＝ A.12B.3236.在200⽶⾼的⼭顶上，测得⼭下⼀塔的塔顶与塔底的俯⾓分别是30°，60°，则塔⾼为 A.2003 B.100mC.4003 D.90m7.在直⾓三⾓形ABC 中，⾓C 为直⾓，且AC ＝BC ＝2，点P 是斜边上的⼀个三等分点，则CP CB CP CA ?+?=A.0B.4C.94D.－948.若将函数f(x)＝2sin(x ＋6π)图象上各点的横坐标缩短到原来的12(纵坐标不变)，再向下平移⼀个单位得到的函数g(x)的图象，函数g(x)A.图象关于点(－12π，0)对称B.最⼩正周期是2π C.在(0，6π)上递增D.在(0，6π)上最⼤值是1 9.已知m ，l 是两条不同的直线，α，β是两个不同的平⾯，则下列各组条件中能推出m ⊥l 的所有序号是①m ⊥α，l ⊥β，α⊥β；②m ⊥α，l //β，α//β；A.①②③B.①②C.②③④D.③④10.△ABC 中，若sin(A ＋B －C)＝sin(A －B ＋C)，则△ABC 必是A.等腰三⾓形B.直⾓三⾓形C.等腰三⾓形或直⾓三⾓形D.等腰直⾓三⾓形11.已知函数f(x)＝sin(ωx ＋3π)(ω>0)，若f(x)在[0，23π]上恰有两个零点，则ω的取值范围是A.(1，52)B.[1，52)C.(52，4)D.[52，4) 12.在直三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，∠ACB ＝90°，AC ＝6，BC ＝CC 1＝2，点P 是线段BC 1上的动点，则CP ＋PA 1的最⼩值为26237＋1D.62第II 卷(⾮选择题90分)⼆、填空题(本⼤题共4个⼩题，每⼩题5分，共20分。
2019-2020学年辽宁省沈阳市郊联体高一下学期期末考试数学试题(解析版)
2019-2020学年辽宁省沈阳市郊联体高一下学期期末考试数学试题一、单选题1．若角600︒的终边上有一点()4,a -，则a 的值是（ ） A ．43B ．433-C ．4D ．43-【答案】D【解析】利用三角函数定义直接计算得到答案. 【详解】根据题意得到：tan 600tan 6034a︒=︒==-，故43a =-. 故选：D . 【点睛】本题考查了三角函数定义，意在考查学生的计算能力.2．已知向量(5,3),(2,)a x b x =-=，且a b ⊥，则由x 的值构成的集合是（ ） A ．{2,3} B ．{1,6}-C ．{2}D ．{6}【答案】C【解析】由a b ⊥，得=0a b ⋅，列方程即可求得。
【详解】因为向量(5,3),(2,)a x b x =-=，且a b ⊥，所以2(5)35100a b x x x ⋅=-+=-=，解得2x =，故选C. 【点睛】本题考查向量垂直的坐标表示，是基础题。
3．如图，正方形O A C B ''''的边长为1cm ，它是水平放置的一个平面图形的直观图，则它的原图形面积（ ）A ．B ．4C ．2(1+D ．6【答案】A【解析】由题意求出直观图中O B ''的长度，根据斜二测画法，求出原图形平行四边形的底和高，求出面积即可. 【详解】由正方形O A C B ''''的边长为1cm ，所以O B ''=O A C B ''''是水平放置的一个平面图形的直观图，所以它对应的原图为平行四边形高为2''=O B 底边长为1，所以原图形的面积为1⨯=故选：A 【点睛】本题主要考查斜二测画法，属于基础题.4．已知0πα<<，2sin 2sin αα=，则πsin 2α⎛⎫-= ⎪⎝⎭（ ）A ．B ．14-C D ．14【答案】B【解析】利用二倍角公式计算余弦值，再利用诱导公式计算即可. 【详解】2sin 2sin αα=，4sin cos sin ααα∴=，而0πα<<，sin 0α≠1cos 4α∴=，ππ1sin sin cos 224ααα⎛⎫⎛⎫∴-=--=-=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭.故选：B. 【点睛】本题考查了二倍角公式和诱导公式，属于基础题.5．在ABC ∆中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，若1cos 2A =，a =则sin sin sin a b cA B C（ ）A ．12B C D ．2【答案】D【解析】1cos 2A =得，3sin 2A =， 所以由正弦定理可知，2sin sin sin sin a b c aA B C A++==++，故选D ．6．在200米高的山顶上，测得山下一塔的塔顶与塔底的俯角分别是30,60，则塔高为 ( ) A ．2003m B ．100m C ．4003m D ．90m【答案】C 【解析】由tan30°=200DE x BE BE -= 得到BE 与塔高x 间的关系，由tan60°=200BE求出BE 值，从而得到塔高x 的值． 【详解】 如图所示：设山高为AB ，塔高为CD 为 x ，且ABEC 为矩形，由题意得 tan30°=200DE x BE BE-=，∴3200﹣x ）． tan60°=200BE33，33200﹣x ），x=4003（m ），故选：A ． 【点睛】这个题目考查的是解三角形在几何中的应用，应用到了直角三角形的性质，解三角形问题的技巧：①作为三角形问题，它必须要用到三角形的内角和定理，正弦、余弦定理及其有关三角形的性质，及时进行边角转化，有利于发现解题的思路；②它毕竟是三角变换，只是角的范围受到了限制，因此常见的三角变换方法和原则都是适用的，注意“三统一”(即“统一角、统一函数、统一结构”)是使问题获得解决的突破口．7．在直角三角形ABC 中，角C 为直角，且2AC BC ==，点P 是斜边上的一个三等分点，则··CP CB CP CA +=（ ） A ．0 B ．4C ．94D ．94-【答案】B【解析】由题意可建立如图所示的坐标系：可得A (2,0)B (0,2),24,33P ⎛⎫⎪⎝⎭或42,33P ⎛⎫ ⎪⎝⎭，故可得24,33CP ⎛⎫= ⎪⎝⎭或42,33⎛⎫⎪⎝⎭，()()2,0,0,2CA CB ==，所以()()()2,00,22,2CA CB +=+=，故()()24,2,2433CP CB CP CA CP CB CA ⎛⎫⋅+⋅=⋅+=⋅= ⎪⎝⎭或()()42,2,2433CP CB CP CA CP CB CA ⎛⎫⋅+⋅=⋅+=⋅= ⎪⎝⎭，本题选择B 选项.点睛：求两个向量的数量积有三种方法：利用定义；利用向量的坐标运算；利用数量积的几何意义．具体应用时可根据已知条件的特征来选择，同时要注意数量积运算律的应用．8．若将函数()2sin 6f x x π⎛⎫=+⎪⎝⎭图象上各点的横坐标缩短到原来的12（纵坐标不变），再向下平移一个单位得到的函数()g x 的图象，函数()g x （ ） A ．图象关于点,012π⎛⎫-⎪⎝⎭对称 B ．最小正周期是2πC ．在0,6π⎛⎫⎪⎝⎭上递增D ．在0,6π⎛⎫⎪⎝⎭上最大值是1【答案】C【解析】根据三角函数的图象变换关系求出函数()y g x =的解析式，结合三角函数的性质分别进行判断即可. 【详解】若将函数()2sin 6f x x π⎛⎫=+⎪⎝⎭图象上各点的横坐标缩短到原来的12（纵坐标不变），得到函数2sin 26y x π⎛⎫=+⎪⎝⎭的图象， 向下平移一个单位得到的函数()y g x =的图象，则()2sin 216g x x π⎛⎫=+- ⎪⎝⎭， A.20126ππ⎛⎫⨯-+= ⎪⎝⎭，则函数()g x 关于,112π⎛⎫-- ⎪⎝⎭对称，故A 错误，B.函数的周期22T ππ==，故B 错误， C.当0,6x π⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时，2,662x πππ⎛⎫+∈ ⎪⎝⎭，此时函数()y g x =为增函数，故C 正确， D.由C 知当0,6x π⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时，2,662x πππ⎛⎫+∈ ⎪⎝⎭，此时函数()y g x =无最大值，故D 错误， 故选：C. 【点睛】本题主要考查三角函数的图象和性质，利用三角函数的图象变换法则求出函数的解析式，以及利用三角函数的性质是解决本题的关键，难度不大.9．已知,m l 是两条不同的直线，,αβ是两个不同的平面，则下列各组条件中能推出m l ⊥的所有序号是( )①,,αβαβ⊥⊥⊥m l ；②,//,//m l αβαβ⊥；③,,//m l αβαβ⊂⊥；④,//,m l αβαβ⊂⊥ A ．①②③ B ．①②C ．②③④D ．③④【答案】A【解析】根据直线与平面、平面与平面位置关系相关定理依次判断各个选项即可得到结果. 【详解】m α⊥，αβ⊥ //m β∴或m β⊂，又l β⊥ m l ∴⊥，①正确； m α⊥，//αβ m β∴⊥，又//l β m l ∴⊥，②正确；l β⊥，//αβ l α∴⊥，又m α⊂ m l ∴⊥，③正确；在如图所示的正方体中：11//A D 平面ABCD ，平面11ADD A ⊥平面ABCD ，1AD ⊂平面11ADD A ，此时1AD 与11A D 不垂直，④错误.故选：A 【点睛】本题考查空间中线面关系、面面关系相关命题的辨析，关键是熟练掌握空间中直线与平面、平面与平面位置关系的相关定理.10．ABC ∆中，若sin()sin()A B C A B C +-=-+，则ABC ∆必是（ ） A ．等腰三角形 B ．直角三角形C ．等腰三角形或直角三角形D ．等腰直角三角形 【答案】C【解析】结合三角形的内角和公式可得A B C π+=-，A C B π+=-，代入已知化简可得，sin2sin2C B =，结合,B C 的范围从而可得22B C =或22B C π+=，从而可求得结果. 【详解】∵πA B C +=-，πA C B +=-，∴()sin A B C +- ()sin π2C =- sin2sin()C A B C =-+， sin(π2)B =-sin2B =，则sin2sin2B C =，B C =或2π2B C =-， 即：π2B C +=，所以ABC 为等腰或直角三角形，故选C ． 【点睛】本题主要考查了三角形的内角和公式，三角函数的诱导公式，由三角函数值寻求角的关系，属于基础题.11．已知函数()()sin 03f x x πωω⎛⎫=+> ⎪⎝⎭，若()f x 在20,3π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上恰有两个零点，则ω的取值范围是（ ）A ．51,2⎛⎫⎪⎝⎭B ．51,2⎡⎫⎪⎢⎣⎭C ．5,42⎛⎫⎪⎝⎭D ．5,42⎡⎫⎪⎢⎣⎭【答案】D 【解析】由题2[0,]3x π∈，所以2[,]3333w x ππππω+∈+，根据()f x 在20,3π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上恰有两个零点，得到2233w πππ+≥且2333w πππ+<，即可求解，得到答案． 【详解】由题意，函数()()sin()03f x x πωω=+>，因为2[0,]3x π∈，所以2[,]3333w x ππππω+∈+， 又由()f x 在20,3π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上恰有两个零点， 所以2233w πππ+≥且2333w πππ+<，解得542w ≤<， 所以ω的取值范围是5,42⎡⎫⎪⎢⎣⎭，故选D ．【点睛】本题主要考查了三角函数的综合应用，其中解答中熟记函数零点的概念，合理应用三角函数的图象与性质是解答本题的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，属于基础题．12．如图，在直三棱柱111ABC A B C -中，底面为直角三角形，90ACB ∠=︒，6AC =，1BC CC ==P 是线段1BC 上一动点，则1CP PA +的最小值是（ ）A ．26B ．52C ．371+D ．62+【答案】B【解析】连A 1B ，沿BC 1将△CBC 1展开与△A 1BC 1在同一个平面内，不难看出CP +P A 1的最小值是A 1C 的连线．（在BC 1上取一点与A 1C 构成三角形，因为三角形两边和大于第三边）由余弦定理即可求解． 【详解】连A 1B ，沿BC 1将△CBC 1展开与△A 1BC 1在同一个平面内， 连接A 1C ，长度即是所求．∵直三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1中，底面为直角三角形，∠ACB ＝90°，AC ＝6，BC ＝CC 12=∴矩形BCC 1B 12BC 1＝2； 另外A 1C 1＝AC ＝6；在矩形ABB 1A 1中，A 1B 1＝AB 38BB 12=A 1B 40易发现62+22＝40，即A 1C 12+BC 12＝A 1B 2， ∴∠A 1C 1B ＝90°，则∠A 1C 1C ＝135° 故A 1C 2211111122135362262522AC C C AC C C cos =+-⋅⋅︒=++⨯⋅⋅= 故答案为B. 【点睛】本题考查的知识是棱柱的结构特征及两点之间的距离，其中利用旋转的思想，将△CBC 1沿BC 1展开，将一个空间问题转化为平面内求两点之间距离问题是解答本题的关键．二、填空题13．已知单位向量a 与b 的夹角为120，则3a b -=______.【解析】结合1a b ==，a 与b 的夹角为120，先求23a b -，再开方即可得3a b -的值. 【详解】因为a 与b 是单位向量，所以1a b ==，()222222339696cos120a b a ba b a b a b a b -=-=+-⋅=+-119611132⎛⎫=+-⨯⨯⨯-= ⎪⎝⎭，所以313a b -=.【点睛】本题主要考查了向量的模的求法，属于基础题.14．在钝角ABC 中，已知2a =，4b =，则最大边c 的取值范围是__________．【答案】【解析】利用三角形三边大小关系、余弦定理即可得出． 【详解】因为三角形两边之和大于第三边，故6c a b <+=．22224cos 0224c C +-=<⨯⨯，解得c >c ∴∈．故答案为：． 【点睛】本题考查了三角形三边大小关系、余弦定理，考查了推理能力与计算能力，属于中档题． 15．已知,022ππαπβ<<<<，3tan 4α=-，()5cos 13βα-=，则sin β的值为 .【答案】6365【解析】【详解】0πβα-<-<，又因为()5cos 013βα-=>，所以02πβα-<-<，12sin()13βα-==-， 因为3tan 4α=-，得3sin cos 4αα=-代入22sin co 2s 1,παπαα+=<<，所以sin 0,cos 0αα><，解得34sin ,cos 55αα==-， sin sin[()]sin cos()cos sin()354126351351365⎛⎫⎛⎫=⨯+-⨯-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭， 故答案为：6365. 16．已知ABC 是等腰直角三角形，斜边2AB =，P 是平面ABC 外的一点，且满足PA PB PC ==，120APB ∠=︒，则三棱锥P ABC -外接球的表面积为________．【答案】163π【解析】P 在平面ABC 的投影为ABC 的外心，即AB 中点1O ，设球半径为R ，则()22211R CO R PO =+-，解得答案.【详解】PA PB PC ==，故P 在平面ABC 的投影为ABC 的外心，即AB 中点1O ，故球心O 在直线1PO 上，1112CO AB ==，1133PO BO ==，设球半径为R ，则()22211R CO R PO =+-，解得3R =，故21643S R ππ==. 故答案为：163π.【点睛】本题考查了三棱锥的外接球问题，意在考查学生的计算能力和空间想象能力.三、解答题17．已知角θ的终边与单位圆221x y +=在第一象限交于点P ，且点P 的坐标为(3,5)y . （1）求tan θ的值；（2）求22sin (2)cos (4)sin cos πθπθθθ+-+的值. 【答案】(1)43;(2)712. 【解析】（1）利用三角函数的定义,建立关于y 的方程,即可求得y .（2）先利用诱导公式化简,再将已知条件代入即可.【详解】（1）由题得2235)1(=y +,点P 在第一象限所以45y =,所以4tan =3θ. （2）22222241sin (2)cos (4)sin cos tan 173==4sin cos sin cos tan 123πθπθθθθθθθθθ⎛⎫- ⎪+-+--⎝⎭==. 【点睛】本题主要考查三角函数的坐标定义,考查同角的商数关系和诱导公式,意在考查学生对这些知识的掌握水平和分析推理能力,难度较易.18．在ABC ∆中，角A ，B ，C 的对边分别是a ，b ，c ，30B =︒，且()()2sin 2sin 2sin a A b c B c b C -+=+.（1）求()sin A C -的大小；（2）若ABC ∆的面积为ABC ∆的周长.【答案】（1）1；（2）6【解析】（1）由正弦定理化简已知可求222b c a bc +-=-，由余弦定理可得cos A ，结合B ，可得所求．（2）利用ABC ∆的面积可求b=c=a=b ，从而求得周长．【详解】（1）因为()()2sin 2sin 2sin a A b c B c b C -+=+，由正弦定理可得：()()2222a b b c c c b -+=+，整理得222b c a bc +-=-， ∴2221cos 22b c a A bc +-==-，解得120A =︒. 又30B =︒，所以1801203030C =︒-︒-︒=︒，即30C B ==︒，∴()()sin sin 120301A C -=︒-︒=.（2）由（1）知b c =，120A =︒，∴21sin1202b ︒=bc ==由余弦定理，得22212cos 1212212362a b c bc A ⎛⎫=+-=+-⨯⨯-= ⎪⎝⎭，即6a =.∴ABC 的周长为6.【点睛】 本题主要考查了正弦定理，余弦定理，三角形面积公式在解三角形中的应用，考查了转化思想，属于基础题．19．如图，在三棱锥A BCD -中，BCD ，ABD △均为边长为2的正三角形.（1）若6AC =，求证：平面ABD ⊥平面BCD ；（2）若22AC =，求三棱锥A BCD -的体积.【答案】（1）证明见解析；（2）223. 【解析】(1)利用线面垂直判定面面垂直即可；(2)求三棱锥的高，利用体积公式计算即可.【详解】取BD 边中点O ，连接AO ，CO ，∵BCD ，ABD △为边长为2的正三角形，∴BD OA ⊥，3OC OA ==∵2226OC OA AC +==，∴OA OC ⊥，OCBD O =，BD ⊂面BCD ， ∴OA ⊥平面BCD ，∵OA ⊂平面ABD ，∴平面ABD ⊥BCD .（2）∵BD OC ⊥，BD OA ⊥，且OAOC O =，OC ，OA ⊂面AOC ， ∴BD ⊥平面AOC .在AOC △中，3OA OC ==22AC = ∴()()221223222AOC S =⨯-=△11222233A BCD AOC V S BD -=⨯⨯==△.【点睛】本题考查了面面垂直的判定和三棱锥的体积，属于中档题.20．已知函数()ππcos 2cos cos 44f x x x x x ⎛⎫⎛⎫=-+- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. （1）求函数()f x 的最小正周期和图象的对称轴方程；（2）求函数()f x 在区间ππ,122⎡⎤-⎢⎥⎣⎦上的值域.【答案】（1）最小正周期πT =，对称轴方程为ππ32k x =+，k ∈Z ；（2）2⎡⎤⎣⎦. 【解析】（1）先将()f x 化简，再利用周期公式以及()sin y A ωx φ=+的性质求对称轴即可.（2）由（1）得()π2sin 26f x x ⎛⎫=- ⎪⎝⎭，由ππ,122x ⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦，求出π26x -的范围，进一步求出πsin 26x ⎛⎫- ⎪⎝⎭，从而可得()f x 的值域. 【详解】()222222f x x x x ⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎢⎥=-- ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎣⎦ ()222cos sin x x x --2cos 2x x =-π2sin 26x ⎛⎫=- ⎪⎝⎭. （1）函数()f x 的最小正周期2ππ2T ==， 由ππ2π62x k -=+，得对称轴方程为ππ32k x =+，k ∈Z . （2）∵ππ122x -≤≤，∴ππ5π2366x -≤-≤，由正弦函数的图象πsin 216x ⎛⎫≤-≤ ⎪⎝⎭，∴()f x 的值域是2⎡⎤⎣⎦. 【点睛】本题主要考查了三角函数的周期，对称轴和值域，涉及两角和差的余弦公式，二倍角公式，辅助角公式，属于中档题.21．在ABC ∆中，,,a b c 分别是角,,A B C 的对边()()3a b c a b c ab +++-=.（1）求角C 的值；（2）若2c =，且ABC ∆为锐角三角形，求2a b -的范围.【答案】（1）3π；（2）( 【解析】（1）由题结合余弦定理得角C 的值；（2）由正弦定理可知，2sin sin sin 3a b A B π===得2a b A B -=-，利用三角恒等变换得A 的函数即可求范围【详解】（1）由题意知()()3a b c a b c ab +++-=，∴222a b c ab +-=， 由余弦定理可知，222cos 122a b c C ab +-==， 又∵(0,)C π∈，∴3C π=. （2）由正弦定理可知，2sin sin sin 3a b A B π===，即,a A b B ==，∴2a b A B -=2sin()3A A π=-2cos A A A =--12cos cos )4sin()26A A A A A π=-=-=-， 又∵ABC ∆为锐角三角形，∴022032A B A πππ⎧<<⎪⎪⎨⎪<=-<⎪⎩，则62A ππ<<即0A 63ππ<-<，所以，0sin()6A π<-<即04sin(-)6A π<<， 综上2a b -的取值范围为(0,.【点睛】本题考查正余弦定理解三角形，考查三角恒等变换，注意锐角三角形的应用，准确计算是关键，是中档题。
辽宁省沈阳市郊联体2019-2020学年高一下学期期末考试+数学含答案
2019－2020学年度下学期沈阳市郊联体期末考试高一试题数学考试时间：120分钟试卷总分：150分注意事项：本试卷由第I 卷和第II 卷组成。
第I 卷为选择题部分，一律用2B 铅笔按题号依次填涂在答题卡上：第II 卷为非选择题，按要求答在答题卡相应位置上。
第I 卷(选择题60分)一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。
1.若角600°的终边上有一点(－4，a)，则a 的值是A.4B.－3C.433D.－4332.已知向量a ＝(x －5，3)，b ＝(2，x)，且a ⊥b，则由x 的值构成的集合是A.{2，3}B.{－1，6}C.{2}D.{6}3.如图，正方形O'A'C'B'的边长为1cm ，它是水平放置的一个平面图形的直观图，则它的原图形面积2B.24C.2(1＋3)D.64.已知0<α<π，2sin2α＝sinα，则sin(α－2π)＝A.－154B.－14C.154 D.145.在△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，若cosA ＝12，a 3，则a b c sinA sinB sinC++++＝A.12B.323D.26.在200米高的山顶上，测得山下一塔的塔顶与塔底的俯角分别是30°，60°，则塔高为A.2003B.100mC.4003D.90m7.在直角三角形ABC 中，角C 为直角，且AC ＝BC ＝2，点P 是斜边上的一个三等分点，则CP CB CP CA ⋅+⋅=A.0B.4C.94D.－948.若将函数f(x)＝2sin(x ＋6π)图象上各点的横坐标缩短到原来的12(纵坐标不变)，再向下平移一个单位得到的函数g(x)的图象，函数g(x)A.图象关于点(－12π，0)对称 B.最小正周期是2πC.在(0，6π)上递增 D.在(0，6π)上最大值是19.已知m ，l 是两条不同的直线，α，β是两个不同的平面，则下列各组条件中能推出m ⊥l 的所有序号是①m ⊥α，l ⊥β，α⊥β；②m ⊥α，l //β，α//β；③m ⊂α，l ⊥β，α//β；④m ⊂α，l //β，α⊥βA.①②③B.①②C.②③④D.③④10.△ABC 中，若sin(A ＋B －C)＝sin(A －B ＋C)，则△ABC 必是A.等腰三角形B.直角三角形C.等腰三角形或直角三角形D.等腰直角三角形11.已知函数f(x)＝sin(ωx ＋3π)(ω>0)，若f(x)在[0，23π]上恰有两个零点，则ω的取值范围是A.(1，52) B.[1，52) C.(52，4) D.[52，4)12.在直三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，∠ACB ＝90°，AC ＝6，BC ＝CC 1，点P 是线段BC 1上的动点，则CP ＋PA 1的最小值为＋1 D.6第II 卷(非选择题90分)二、填空题(本大题共4个小题，每小题5分，共20分。
2019-2020学年辽宁省沈阳市第一四一中学高一数学理下学期期末试题含解析
2019-2020学年辽宁省沈阳市第一四一中学高一数学理下学期期末试题含解析一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，只有是一个符合题目要求的1. 执行如图所示的程序框图，如果输入，那么输出的a值为（）A.B.C.D.参考答案：C略2. 已知函数的图象与直线y=x恰有三个公共点，则实数m的取值范围是（）A．（﹣∞，﹣1] B．[﹣1，2） C．[﹣1，2] D．[2，+∞）参考答案：B【考点】函数的零点；函数的图象；函数与方程的综合运用．【专题】函数的性质及应用．【分析】由题意可得只要满足直线y=x和射线y=2（x＞m）有一个交点，而且直线y=x与函数f（x）=x2+4x+2的两个交点即可，画图便知，直线y=x与函数f（x）=x2+4x+2的图象的两个交点为（﹣2，﹣2）（﹣1，﹣1），由此可得实数m的取值范围．【解答】解：由题意可得射线y=x与函数f（x）=2（x＞m）有且只有一个交点．而直线y=x与函数f（x）=x2+4x+2，至多两个交点，题目需要三个交点，则只要满足直线y=x与函数f（x）=x2+4x+2的图象有两个交点即可，画图便知，y=x与函数f（x）=x2+4x+2的图象交点为A（﹣2，﹣2）、B（﹣1，﹣1），故有m≥﹣1．而当m≥2时，直线y=x和射线y=2（x＞m）无交点，故实数m的取值范围是[﹣1，2），故选B．【点评】本题主要考查函数与方程的综合应用，体现了转化、数形结合的数学思想，属于基础题．3. 已知为等比数列，，，则A． B. C. D.参考答案：略4. 给出以下命题，其中正确的有①在所有的棱锥中，面数最少的是三棱锥；②棱台上、下底面是相似多边形，并且互相平行；③直角三角形绕一边所在直线旋转得到的旋转体是圆锥；④夹在圆柱的两个平行截面间的几何体还是圆柱.（A）1个（B）2个（C）3个（D）4个参考答案：B略5. 如图,这是一个正六边形的序列,则第(n)个图形的边数为（）.A. 5n-1B. 6nC. 5n+1D.4n+2参考答案：C6. 如图，是同一平面内的三条平行的直线，与间的距离是1，与间的距离是2，正三角形的三顶点分别在上，则的边长是( )A．B． C. D．参考答案：7. 设角弧度，则所在的象限是（）A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限参考答案：C略8. 给出下列四个命题：①是第二象限角；②是第三象限角；③－400°是第四象限角；④－315°是第一象限角．其中正确的命题有（）A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个参考答案：C【分析】利用象限角的定义逐一判断每一个选项的正误.【详解】－是第三象限角，故①错误.＝π＋，从而是第三象限角，所以②正确.－400°＝－360°－40°，从而③正确.－315°＝－360°＋45°，从而④正确.故答案为：C【点睛】本题主要考查象限角的定义，意在考查学生对该知识的掌握水平和分析推理能力.9. 在中，若，则是(A)等腰三角形(B)直角三角形 (C)等腰直角三角形(D)等腰三角形或直角三角形参考答案：D10. 下列四组函数中表示同一函数的是（）A．f（x）=与B．f（x）=|x|与C．与D．f（x）=x0与g（x）=1参考答案：C【考点】判断两个函数是否为同一函数．【分析】根据两个函数是同一个函数的定义，函数的三要素均相等，或两个函数的图象一致，根据函数的定义域与函数的解析式一致时，函数的值域一定相同，我们逐一分析四个答案中两个函数的定义域和解析式是否一致，即可得到答案．【解答】解：对于A：f（x）=x，g（x）=|x|，不是同一函数，对于B：f（x）的定义域是R，g（x）的定义域是[0，+∞），不是同一函数，对于C：f（x）=g（x），表达式相同，定义域都是[﹣1，1]，是同一函数，对于D：f（x）的定义域是{x|x≠0}，g（x）的定义域是R，不是同一函数，故选：C．二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. 已知和点满足,若存在实数使得成立，则．参考答案：3略12. 已知A（2，3），B（1，4）且，则α+β=．参考答案：【考点】GI：三角函数的化简求值．【分析】由题意可得=（﹣，），再根据=（sinα，cosβ），α、β∈（﹣，0），求得α和β的值，可得α+β的值．【解答】解：A（2，3），B（1，4）且=?（﹣1，1）=（﹣，），又，∴sinα=﹣，cosβ=，∴α=﹣，β=，则α+β=，故答案为：．【点评】本题主要考查两个向量坐标形式的运算，根据三角函数的值求角，属于基础题．13. 方程|x2﹣2x|=m有两个不相等的实数根，则m的取值范围是．参考答案：{m|m＞1或m=0}．【考点】一元二次方程的根的分布与系数的关系．【专题】作图题；转化思想．【分析】结合方程的结构特征设出函数f（x），根据二次函数的性质画出函数的图象，进而解决问题得到答案．【解答】解：由题意得设函数f（x）=|x2﹣2x|，则其图象如图所示：由图象可得当m=0或m＞1时方程|x2﹣2x|=m有两个不相等的实数根．故答案为：{m|m＞1或m=0}．【点评】解决此类问题的关键是熟悉方程与函数之间的相互转化，即转化为两个函数有几个交点问题，体现了高中一个很重要的数学思想即转化与化归和数形结合的思想．14. 已知集合，则集合的非空真子集的个数是 .参考答案：615. 求值： = ．参考答案：19【考点】对数的运算性质；有理数指数幂的化简求值．【专题】计算题．【分析】根据式子的特点需要把底数和真数表示成幂的形式，把对数前的系数放到真数的指数位置，利用恒等式，进行化简求值．【解答】解：原式=9﹣3×（﹣3）+=18+1=19，故答案为：19．【点评】本题的考点是对数和指数的运算性质的应用，常用的方法是把（底数）真数表示出幂的形式，或是把真数分成两个数的积（商）形式，根据对应的运算法则和“”进行化简求值．16. 已知函数f（x）=x2﹣mx+1的两个零点分别在区间（0，1）和（1，2），则实数m的取值范围．参考答案：（2，）【考点】函数零点的判定定理．【分析】由函数零点的判定定理可知：f（0）=1＞0，，即可求得实数m的取值范围．【解答】解：由题意可知：函数f（x）=x2﹣mx+1的两个零点分别在区间（0，1）和（1，2），f（0）=1＞0，则，即，解得：2＜m＜，∴实数m的取值范围（2，），故答案为（2，）．【点评】本题考查一元二次函数零点的判定，考查不等式的解法，属于基础题．17. 若圆锥的正视图是正三角形，则它的侧面积是底面积的倍.参考答案：2三、解答题：本大题共5小题，共72分。
2019-2020学年辽宁省沈阳市重点联合体高一下学期期末数学试卷 (解析版)
2019-2020学年辽宁省沈阳市重点联合体高一第二学期期末数学试卷一、选择题（共8小题）.1．设i为虚数单位，复数z满足zi＝2﹣i，则＝（）A．﹣1+2i B．﹣1﹣2i C．1﹣2i D．1+2i2．若cos（α+β）＝，sin（）＝，α，β∈（0，），则cos（）＝（）A．B．C．D．3．一个圆锥的母线长为l，母线与轴的夹角为30°，则该圆锥侧面展开图的圆心角大小为（）A．B．C．D．π4．函数f（x）＝A sin（ωx+φ）的图象如图所示，为了得到f（x）图象，则只需将g（x）＝sin2x的图象（）A．向右平移个长度单位B．向左平移个长度单位C．向右平移个长度单位D．向左平移个长度单位5．正四面体的棱长为4，则它的外接球的表面积为（）A．12πB．24πC．48πD．96π6．在等腰梯形ABCD中，AD∥BC，BC＝2AD＝4，．将等腰梯形ABCD绕AD所在直线旋转一周而形成的曲面所围成的几何体的体积为（）A．B．C．D．4π7．在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，已知A＝60°，b＝2，为使此三角形有两个，则a满足的条件是（）A．0＜a＜2B．0＜a＜3C．3＜a＜2D．a≥2或a＝3 8．已知sin（α﹣）＝，则sin（2α﹣）＝（）A．B．﹣C．D．﹣二、多项选择题：（本大题共4小题：每小题5分，共20分，漏选得3分，错选0分）9．下面关于f（x）＝2sin（2x﹣）叙述中正确的是（）A．关于点（，0）对称B．关于直线x＝对称C．在区间[0，]上单调D．函数f（x）的零点为+kπ（k∈Z）10．设m、n是两条不同的直线，α、β是两个不同的平面，考查下列命题其中真命题是（）A．若m∥α，n∥α，m∥β，n∥β，m⊥n，则α∥βB．若m⊥β，α⊥β，则m∥αC．若α⊥β，m⊥α，n∥β，则m⊥nD．若m∥n，n⊥β，m⊂α，则α⊥β11．正三棱锥底面边长为3，侧棱长为，则下列叙述正确的是（）A．正三棱锥高为3．B．正三棱锥的斜高为C．正三棱锥的体积为D．正三棱锥侧面积为12．已知函数f（x）＝sin x|cos x|，，有以下结论（）A．f（x）的图象关于直线y轴对称B．f（x）在区间上单调递减C．f（x）的图象关于直线轴对称D．f（x）的最大值为三、填空题：（本大题共4小题：每小题5分，共20分）13．函数y＝tan（2x﹣）的最小正周期为，对称中心为．14．已知复数z满足等式|z﹣i|＝1，则|z﹣1|的最大值为．15．使不等式﹣2sin x≥0成立的x的取值集合是．16．设函数f（x）为定义域为R的奇函数，且f（x）＝f（2﹣x），当x∈[0，1]时，f（x）＝sin x，则函数|﹣f（x）在区间[﹣5，8]上的所有零点的和为．四、解答题：（本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．）17．已知||＝2，＝（cosθ，sinθ）．（1）若（2）•（2）＝9，求向量在向量方向的投影的数量．（2）若，且，求向量的坐标．18．已知角α终边上一点坐标（1，﹣3），f（α）＝．（1）求f（α）的值．（2）求f（）的值．（3）求sin（）cos（）的值．19．如图，在四棱锥P﹣ABCD中，PA⊥面ABCD，底面ABCD为菱形，且∠ABC＝60°，E为CD的中点，F为PD上一点．（Ⅰ）求证：BD⊥平面PAC；（Ⅱ）求证：平面PAB⊥平面FAE．20．如图，已知四棱锥A﹣BCC1B1底面为矩形，侧面ABC为等边三角形，且矩形BCC1B1与三角形ABC所在的平面互相垂直，BC＝4，BB1＝2，D为AC的中点．（Ⅰ）求证：AB1∥平面DBC1；（Ⅱ）求点D到平面ABC1的距离．21．△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知△ABC的面积为．（1）求sin B sin C；（2）若6cos B cos C＝1，a＝3，求△ABC的周长．22．已知向量＝（sin x cos x，1），＝（2sin x，4cos2x），函数f（x）＝．（1）若x∈[﹣，π]，求函数f（x）的减区间；（2）若x∈[0，]，方程f（x）＝a有唯一解，求a的取值范围．参考答案一、单项选择题：（本大题共8小题：每小题5分，共40分）1．设i为虚数单位，复数z满足zi＝2﹣i，则＝（）A．﹣1+2i B．﹣1﹣2i C．1﹣2i D．1+2i【分析】把已知等式变形，再由复数代数形式的乘除运算化简，然后利用共轭复数的概念得答案．解：由zi＝2﹣i，得z＝，∴．故选：A．2．若cos（α+β）＝，sin（）＝，α，β∈（0，），则cos（）＝（）A．B．C．D．【分析】根据同角三角函数关系进行求解，结合两角和差的余弦公式进行转化求解即可．解：∵α+＝α+β﹣（β﹣），∴cos（α+）＝cos[α+β﹣（β﹣）]＝cos（α+β）cos（β﹣）+sin（α+β）sin（β﹣），∵α，β∈（0，），∴α+β∈（0，π），则sin（α+β）＝，α﹣∈（﹣，），∵sin（）＝，∴cos（）＝，则cos（α+）＝+＝，故选：C．3．一个圆锥的母线长为l，母线与轴的夹角为30°，则该圆锥侧面展开图的圆心角大小为（）A．B．C．D．π【分析】求出底面圆的半径，可得底面圆的周长，再利用弧长公式求出圆锥侧面展开图的圆心角．解：圆锥轴截面的母线与轴的夹角为30°，母线长为l，所以底面圆的半径为r＝l sin30°＝l，所以底面圆的周长为c＝2πr＝πl，所以圆锥侧面展开图的圆心角为α＝＝＝π．故选：D．4．函数f（x）＝A sin（ωx+φ）的图象如图所示，为了得到f（x）图象，则只需将g（x）＝sin2x的图象（）A．向右平移个长度单位B．向左平移个长度单位C．向右平移个长度单位D．向左平移个长度单位【分析】由函数的图象的顶点坐标求出A，由周期求出ω，由五点法作图求出φ的值，可得函数f（x）的解析式；再利用函数y＝A sin（ωx+φ）的图象变换规律，得出结论．解：根据函数f（x）＝A sin（ωx+φ）的图象，可得A＝1，＝＝﹣＝，∴ω＝2，故f（x）＝sin（2x+φ）．再根据五点法作图可得2×+φ＝π，求得φ＝，∴f（x）＝sin（2x+）．故将g（x）＝sin2x的图象向左平移个单位，可得f（x）＝sin2（x+）＝sin（2x+）的图象，故选：B．5．正四面体的棱长为4，则它的外接球的表面积为（）A．12πB．24πC．48πD．96π【分析】将其补为正方体，正四面体的外接球即为此正方体的外接球，进而得出．解：将其补为正方体，正四面体的外接球即为此正方体的外接球，设此正方体的棱长为a，则2a2＝42，可得：a2＝8．设它的外接球的半径为R，则4R2＝3a2＝24．∴它的外接球的表面积＝4πR2＝24π．故选：B．6．在等腰梯形ABCD中，AD∥BC，BC＝2AD＝4，．将等腰梯形ABCD绕AD所在直线旋转一周而形成的曲面所围成的几何体的体积为（）A．B．C．D．4π【分析】将等腰梯形ABCD绕AD所在直线旋转一周而形成的曲面所围成的几何体的体积为：以1为底面半径，4为高的圆柱的体积减去两个以1为半径，1为高的两个圆锥的体积，由此能求出结果．解：在等腰梯形ABCD中，AD∥BC，BC＝2AD＝4，．将等腰梯形ABCD绕AD所在直线旋转一周而形成的曲面所围成的几何体的体积为：以1为底面半径，4为高的圆柱的体积减去两个以1为半径，1为高的两个圆锥的体积，∴将等腰梯形ABCD绕AD所在直线旋转一周而形成的曲面所围成的几何体的体积为：V＝π×12×4﹣2××1＝．故选：C．7．在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，已知A＝60°，b＝2，为使此三角形有两个，则a满足的条件是（）A．0＜a＜2B．0＜a＜3C．3＜a＜2D．a≥2或a＝3【分析】计算三角形AB边上的高即可得出结论．解：C到AB的距离d＝b sin A＝3，∴当3＜a＜2时，符合条件的三角形有两个，故选：C．8．已知sin（α﹣）＝，则sin（2α﹣）＝（）A．B．﹣C．D．﹣【分析】利用诱导公式化简已知可得cos（﹣α）＝，进而利用诱导公式，二倍角的余弦函数公式化简所求即可计算得解．解：∵sin（α﹣）＝cos[﹣（α﹣）]＝cos（﹣α）＝，∴sin（2α﹣）＝cos[﹣（2α﹣）]＝cos（﹣2α）＝2cos2（﹣α）﹣1＝2×（）2﹣1＝﹣．故选：D．二、多项选择题：（本大题共4小题：每小题5分，共20分，漏选得3分，错选0分）9．下面关于f（x）＝2sin（2x﹣）叙述中正确的是（）A．关于点（，0）对称B．关于直线x＝对称C．在区间[0，]上单调D．函数f（x）的零点为+kπ（k∈Z）【分析】由题意利用正弦函数的图象和性质，得出结论．解：对于函数f（x）＝2sin（2x﹣），令x＝，求得f（x）＝0，可得它的图象关于点（，0）对称，故A正确、B不正确．区间[0，]上，2x﹣∈[﹣，]，f（x）单调递增，故C正确．由于f（x）的周期为π，故函数f（x）的零点为+k•（k∈Z），故D不正确，故选：AC．10．设m、n是两条不同的直线，α、β是两个不同的平面，考查下列命题其中真命题是（）A．若m∥α，n∥α，m∥β，n∥β，m⊥n，则α∥βB．若m⊥β，α⊥β，则m∥αC．若α⊥β，m⊥α，n∥β，则m⊥nD．若m∥n，n⊥β，m⊂α，则α⊥β【分析】根据线线关系、线面关系和面面关系判断每个选项命题的真假即可．解：A．可过m上一点O，作n′∥n，则m∩n′＝O，并且m∥α，n′∥α，设m与n′确定的平面为γ，则α∥γ，同样，β∥γ，从而得出α∥β，即该命题为真命题；B．若m⊥β，α⊥β，则m⊂α，或m∥α，即该命题为假命题；C．根据α⊥β，m⊥α可得出m⊆β或m∥β，又n∥β，∴m与n的关系不确定，从而得出该命题是假命题；D．∵m∥n，n⊥β，∴m⊥β，又m⊂α，∴α⊥β，即该命题为真命题．故选：AD．11．正三棱锥底面边长为3，侧棱长为，则下列叙述正确的是（）A．正三棱锥高为3．B．正三棱锥的斜高为C．正三棱锥的体积为D．正三棱锥侧面积为【分析】正三棱锥S﹣ABCk，底面△ABC是边长为3的等边三角形，侧棱长为SA＝SB ＝SC＝，取BC中点D，连结SD，AD，过S作SO⊥平面ABC，交AD于O，由此能求出正三棱锥高、斜高、体积和侧面积．解：正三棱锥S﹣ABCk，底面△ABC是边长为3的等边三角形，侧棱长为SA＝SB＝SC＝，取BC中点D，连结SD，AD，过S作SO⊥平面ABC，交AD于O，AD＝＝，AO＝＝＝，∴正三棱锥高为：SO＝＝＝3，故A正确；正三棱锥的斜高为：SD＝＝＝，故B正确；正三棱锥的体积为：V＝＝＝，故C错误；正三棱锥侧面积为：S＝＝，故D正确．故选：ABD．12．已知函数f（x）＝sin x|cos x|，，有以下结论（）A．f（x）的图象关于直线y轴对称B．f（x）在区间上单调递减C．f（x）的图象关于直线轴对称D．f（x）的最大值为【分析】根据条件结合绝对值以及三角函数的倍角公式进行化简，作出函数的图象，利用数形结合分别进行判断即可．解：当x∈[﹣，]时，f（x）＝sin x|cos x|＝sin x cos x＝sin2x，当x∈（，]时，f（x）＝sin x|cos x|＝﹣sin x cos x＝﹣sin2x，作出函数f（x）的图象如图：则函数关于y轴不对称，故A错误，区间[，π]的中点坐标为，区间[π，]的中点坐标为，则f（x）在区间[，]上单调递减，故B正确，由图象知f（x）关于x＝对称；故C正确，当x∈[﹣，]时，2x∈[﹣π，π]，当2x＝时，f（x）取得最大值，故D正确，故正确的是BCD，故选：BCD．三、填空题：（本大题共4小题：每小题5分，共20分）13．函数y＝tan（2x﹣）的最小正周期为，对称中心为（+，0），k∈Z．【分析】由题意利用正切函数的周期性以及图象的对称性，得出结论．解：函数的最小正周期为，令2x﹣＝kπ，求得x＝+，可得函数的图象的对称中心为（+，0），k∈Z，故答案为：；（+，0），k∈Z．14．已知复数z满足等式|z﹣i|＝1，则|z﹣1|的最大值为．【分析】满足|z﹣i|＝1的复数z在复平面内对应的点在以（0，1）为圆心，以1为半径的圆上，画出图形，数形结合求|z﹣1|的最大值．解：满足|z﹣i|＝1的复数z在复平面内对应的点在以（0，1）为圆心，以1为半径的圆上，如图：则|z﹣1|的最大值为两点（1，0）与（0，1）的距离加1．等于．故答案为：．15．使不等式﹣2sin x≥0成立的x的取值集合是[2kπ+，2kπ+]，k∈Z．【分析】根据正弦函数的图象和性质进行求解即可．解：由﹣2sin x≥0得sin x≤，得2kπ+≤x≤2kπ+，k∈Z，即x的取值集合为[2kπ+，2kπ+]，k∈Z，故答案为：[2kπ+，2kπ+]，k∈Z，16．设函数f（x）为定义域为R的奇函数，且f（x）＝f（2﹣x），当x∈[0，1]时，f（x）＝sin x，则函数|﹣f（x）在区间[﹣5，8]上的所有零点的和为6．【分析】函数|﹣f（x）在区间[﹣5，8]上的所有零点，⇔函数y＝|cos|与f（x）在区间[﹣5，8]上的交点横坐标，分别分析f（x）与y＝y＝|cos|性质及图象，画出图象，结合图象分析结论．解：因为f（x）为定义域为R的奇函数，所以f（x）＝﹣f（﹣x），又因为f（x）＝f（2﹣x），所以﹣f（﹣x）＝f（2﹣x），所以f（2+x）＝﹣f（x），所以f（4+x）＝﹣f（2+x）＝﹣[﹣f（x）]＝f（x），所以函数f（x）的周期T＝4，由f（x）＝f（2﹣x）还可得，f（x）关于直线x＝1对称，设y＝|cos|，其周期为•＝2，其图象关于x＝2对称，函数|﹣f（x）在区间[﹣5，8]上的所有零点，即函数y＝|cos|与f（x）在区间[﹣5，8]上的交点横坐标，在（﹣5，8）内有两个函数图象有六个交点，所以[﹣5，8]上的所有零点的和为2（﹣3+1+5）＝6．故答案为：6．四、解答题：（本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．）17．已知||＝2，＝（cosθ，sinθ）．（1）若（2）•（2）＝9，求向量在向量方向的投影的数量．（2）若，且，求向量的坐标．【分析】（1）先将等式（2）•（2）＝9的左边展开化简运算可得＝1，再根据平面向量数量积的定义求解即可；（2）把代入的坐标中可得向量，设＝（x，y），根据平面向量的模长和数量积的运算法则可列出关于x和y的方程组，解之即可．解：（1）（2）•（2）＝＝4×4﹣4﹣3＝9，∴＝1，∴向量在向量方向的投影的数量为＝＝＝1．（2）∵，∴＝（cosθ，sinθ）＝（，），设＝（x，y），则x2+y2＝4①，∵，∴x y＝0②，由①②解得，或．故向量的坐标为或．18．已知角α终边上一点坐标（1，﹣3），f（α）＝．（1）求f（α）的值．（2）求f（）的值．（3）求sin（）cos（）的值．【分析】（1）由已知利用三角函数的定义可得tanα＝﹣3，进而根据诱导公式，同角三角函数基本关系式即可求解f（α）的值．（2）利用两角和的正切函数公式即可求解．（3）利用二倍角的正弦函数公式，同角三角函数基本关系式即可求解．解：（1）∵角α终边上一点坐标（1，﹣3），可得tanα＝﹣3，∴f（α）＝＝＝tanα＝﹣3．（2）f（）＝tan（）＝＝＝﹣．（3）sin（）cos（）＝sin（2α+）＝cos2α＝•＝＝＝﹣．19．如图，在四棱锥P﹣ABCD中，PA⊥面ABCD，底面ABCD为菱形，且∠ABC＝60°，E为CD的中点，F为PD上一点．（Ⅰ）求证：BD⊥平面PAC；（Ⅱ）求证：平面PAB⊥平面FAE．【分析】（Ⅰ）根据线面垂直的性质定理可知PA⊥BD，再由菱形的性质可知AC⊥BD，最后根据线面垂直的判定定理即可得证；（Ⅱ）在菱形ABCD中，通过角度的推导计算易得∠BAC＝∠CAD＝60°，∠CAE＝30°，从而∠BAE＝∠BAC+∠CAE＝90°，即AB⊥AE；再由线面垂直的性质定理可推出PA ⊥AE，最后结合线面垂直的判定定理和面面垂直的判定定理即可得证．【解答】证明：（Ⅰ）∵PA⊥面ABCD，BD⊂面ABCD，∴PA⊥BD，∵底面ABCD为菱形，∴AC⊥BD，又PA、AC⊂平面PAC，PA∩AC＝A，∴BD⊥平面PAC．（Ⅱ）在菱形ABCD中，∠BAD＝180°﹣∠ABC＝120°，∴∠BAC＝∠CAD＝∠BAD ＝60°，∵E为CD的中点，∴∠CAE＝∠CAD＝30°，∴∠BAE＝∠BAC+∠CAE＝60°+30°＝90°，即AB⊥AE，∵PA⊥面ABCD，AE⊂面ABCD，∴PA⊥AE，又PA、AB⊂平面PAB，PA∩AB＝A，∴AE⊥平面PAB，∵AE⊂平面FAE，∴平面PAB⊥平面FAE．20．如图，已知四棱锥A﹣BCC1B1底面为矩形，侧面ABC为等边三角形，且矩形BCC1B1与三角形ABC所在的平面互相垂直，BC＝4，BB1＝2，D为AC的中点．（Ⅰ）求证：AB1∥平面DBC1；（Ⅱ）求点D到平面ABC1的距离．【分析】（Ⅰ）连结B1C，BC1，交于点E，连结DE，推导出DE∥AB1，由此能证明AB1∥平面DBC1．（Ⅱ）以B为原点，在平面ABC中过B作BC的垂线为x轴，BC为y轴，BB1为z轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出点D到平面ABC1的距离．解：（Ⅰ）证明：连结B1C，BC1，交于点E，连结DE，∵四棱锥A﹣BCC1B1底面为矩形，∴E是B1C中点，∵D为AC的中点，∴DE∥AB1，∵DE⊂平面DBC1，AB1⊄平面DBC1，∴AB1∥平面DBC1．（Ⅱ）以B为原点，在平面ABC中过B作BC的垂线为x轴，BC为y轴，BB1为z轴，建立空间直角坐标系，A（2，2，0），C1（0，4，2），D（1，，2），B（0，0，0），＝（1，，2），＝（2，2，0），＝（0，4，2），设平面ABC1的法向量＝（x，y，z），则，取x＝，得＝（，﹣1，2），∴点D到平面ABC1的距离d＝＝＝．21．△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知△ABC的面积为．（1）求sin B sin C；（2）若6cos B cos C＝1，a＝3，求△ABC的周长．【分析】（1）根据三角形面积公式和正弦定理可得答案，（2）根据两角余弦公式可得cos A＝，即可求出A＝，再根据正弦定理可得bc＝8，根据余弦定理即可求出b+c，问题得以解决．解：（1）由三角形的面积公式可得S△ABC＝ac sin B＝，∴3c sin B sin A＝2a，由正弦定理可得3sin C sin B sin A＝2sin A，∵sin A≠0，∴sin B sin C＝；（2）∵6cos B cos C＝1，∴cos B cos C＝，∴cos B cos C﹣sin B sin C＝﹣＝﹣，∴cos（B+C）＝﹣，∴cos A＝，∵0＜A＜π，∴A＝，∵＝＝＝2R＝＝2，∴sin B sin C＝•＝＝＝，∴bc＝8，∵a2＝b2+c2﹣2bc cos A，∴b2+c2﹣bc＝9，∴（b+c）2＝9+3cb＝9+24＝33，∴b+c＝∴周长a+b+c＝3+．22．已知向量＝（sin x cos x，1），＝（2sin x，4cos2x），函数f（x）＝．（1）若x∈[﹣，π]，求函数f（x）的减区间；（2）若x∈[0，]，方程f（x）＝a有唯一解，求a的取值范围．【分析】结合平面向量数量积的坐标运算、二倍角公式和辅助角公式将函数f（x）化简为f（x）＝﹣2sin（2x﹣）+3．（1）令+2kπ≤2x﹣≤+2kπ，k∈Z，解得+kπ≤x≤+kπ，k∈Z，再结合x∈[﹣，π]的限定，即可得到函数f（x）的减区间；（2）由x∈[0，]，可知2x﹣∈[，]，由于方程f（x）＝a有唯一解，结合正弦型函数的图象可推出sin（2x﹣）∈[，），从而得a的取值范围．解：f（x）＝＝2sin2x﹣sin x cos x+4cos2x＝2（sin2x+cos2x）﹣sin2x+cos2x+1＝﹣2sin（2x﹣）+3．（1）令+2kπ≤2x﹣≤+2kπ，k∈Z，则+kπ≤x≤+kπ，k∈Z，∵x∈[﹣，π]，∴≤x≤或≤x≤π，故函数f（x）的减区间为和．（2）∵x∈[0，]，∴2x﹣∈[，]，sin（2x﹣）∈[，1]，∵方程f（x）＝a有唯一解，∴sin（2x﹣）∈[，），∴2＜a≤4．故a的取值范围为（2，4]．。
(3份试卷汇总)2019-2020学年辽宁省沈阳市高一数学下学期期末预测试题
一、选择题：本题共12小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图，长方体1111ABCD A B C D-中，145DAD∠=，130CDC∠=，那么异面直线1AD与1DC所成角的余弦值是（）A．24B2C3D32．已知m个数的平均数为a，n个数的平均数为b，则这m n+个数的平均数为（）A．2a b+B．a bm n++C．ma nba b++D．ma nbm n++3．在ABC中，若21b c+=，30B=，45C=，则（）A．1b=，2c=B．2b =1c=C．22b=，212c=+D．21b，22c=4．若直线20x y-+=与圆()22:2O x a y-+=相切，则a=（）A．0B．4-C．2D．0或4-5．设a b c，，均为正数，且122loga a=，121log2bb⎛⎫=⎪⎝⎭，21log2cc⎛⎫=⎪⎝⎭．则（）A．a b c<<B．c b a<<C．c a b<<D．b a c<<6．已知函数()y f x=的定义域为R，当0x<时，()1f x>，且对任意的实数,x y，等式()()()f x f y f x y⋅=+恒成立，若数列{}n a满足1(0)a f=，且11()(2)nnf af a+=--，则2019a的值为（）A．4037 B．4038 C．4027 D．40287．过点(3,2)M-且与直线290x y+-=平行的直线方程是（）A．280x y-+=B．270x y-+=C．240x y++=D．210x y+-=82320kx kx+-<对一切实数x都成立，则k的取值范围是（）A ．()3,0-B ．](3,0-C ．()(),30,-∞-⋃+∞D ．()),30,⎡-∞-⋃+∞⎣ 9．在ABC 中，角,,A B C 所对的边分别为,,a b c ，已知下列条件，ABC 只有一个解的是( ) A ．6a =，8b =，30A ︒=B ．6a =，8b =，60A ︒=C ．6a =，8b =，120A ︒=D ．6a =，8b =，10c =10．一个扇形的弧长与面积都是3，则这个扇形圆心角的弧度数为（ ）A ．1radB ．32radC ．2radD ．52rad 11．已知直线20x ay +-=与圆221x y +=相切，则a 的值是( )A ．1B ．±1C ．3D ．3±12．生活中有这样一个实际问题：如果一杯糖水不够甜，可以选择加糖的方式，使得糖水变得更甜．若*0b a n R ∈＞＞，，则下列数学模型中最能刻画“糖水变得更甜”的是（ ）A ．a b b n +>+B ．a n a b n b +>+C ．a n b n +<+D ．a n a b n b +<+ 二、填空题：本题共4小题13．直线2230x y +-=的倾斜角为______．14．若0,0x y >>，且211x y+=，则2x y +的最小值是______. 15．已知α，β均为锐角，()5cos 13αβ+=-，π3sin 35β⎛⎫+= ⎪⎝⎭，则πsin 3α⎛⎫-= ⎪⎝⎭______. 16．函数()sin lg f x x x =-的零点的个数是______.三、解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
2019-2020学年辽宁省沈阳二中高一下学期期末考试数学试题
2019-2020学年辽宁省沈阳二中高一下学期期末考试数学试题说明：1．测试时间：120分钟，总分：150分2．客观题涂在答题卡上，主观题答在答题纸上．第Ⅰ卷（选择题 共60分）一、选择题：（本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的） 1．复数2(2)(2)()1a a z a a i a R a ++++∈=-为纯虚数，则a 的值为（ ）A ．1a ≠B ．0a =C ．0a =或2a =-D ．2a =-2．如果α的终边过点(2sin,2cos )66ππ-，则sin α的值等于（ ）A ．12 B ．12-C ．2-D ．3-3．若向量()1,1a =，()2,5b =，()3,c x =，满足条件()824a b c -⋅=，则x 等于（ ）A ．6B ．2C ．4D ．34．关于直线m ﹑n 与平面α﹑β，有下列四个命题，其中真命题的序号是（ ）①//m α，//n β且//αβ，则//m n ； ②m a ⊥，n β⊥且αβ⊥，则m n ⊥； ③m a ⊥，//n β且//αβ，则m n ⊥； ④//m α，n β⊥且αβ⊥，则//m n ． A ．①②B ．③④C ．①④D ．②③5．在ABC 中，2()||BC BA AC AC +⋅=，则ABC 的形状一定是（ ）A ．等边三角形B ．等腰三角形C ．等腰直角三角形D ．直角三角形6．设函数6cos y x =与5tan y x =的图像在y 轴右侧的第一个交点为A ，过点A 作y 轴的平行线交函数sin 2y x =的图像于点B ，则线段AB 的长度为（ ）A ．5B ．352C ．1459D ．257．已知ABC 的三个内角为A ，B ，C ，向量sin (3,sin )A m B =，co s ()s co ,3B n A =．若1cos m n ⋅=+()A B +，则C =（ ）A ．6π B ．3π C ．23π D ．56π 8．《九章算术》问题十：今有方亭，下方五丈，上方四丈．高五丈．问积几何（今译：已知正四棱台体建筑物（方亭）如图，下底边长5a =丈，上底边长4b =丈．高5h =丈．问它的体积是多少立方丈？（ ）A ．75B ．3053C ．3203D ．40039．已知复数1z i =-（i 为虚数单位）是关于x 的方程20x px q ++=（p ，q 为实数）的一个根，则p q +的值为（ ） A ．4B ．2C ．0D ．2-10．已知ABC 的三个内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ．ABC 的外接圆的面积为3π，且2cos A22cos cos 13sin sin B C A C -+=+，则ABC 的最大边长为（ ）A ．2B ．3C 3D ．2311．在四面体P-ABC 中，三角形ABC 为等边三角形，边长为3，3PA =，4PB =，5PC =，则四面体P-ABC 外接球表面积为（ ） A ．12πB ．25πC ．809πD ．32411π12．如图，已知OPQ 是半径为1，圆心角为75︒的扇形．点A ，B ，C 分别是半径OP ，OQ 及扇形弧上的三个动点（不同于O ，P ，Q 三点），则ABC 周长的最小值是（ ）A ．61+ B ．62+ C ．261+ D ．262+ 第Ⅱ卷（非选择题 共90分）二、填空题：（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13．若z C ∈，且221z i --=，则22z i +-的最小值为_________． 14．如图．在ABC 中，AD AB ⊥，3BC BD =，||1AD =，则AC AD ⋅=_________．15．已知ABC 中，D 是BC 上的点，AD 平分BAC ∠，且2ABDADCSS=，1AD =，12DC =，则AC =_________．16．已知：平面l αβ⋂=，A l ∈，B l ∈，4AB =，C β∈，CA l ⊥，3AC =，D α∈，DB l ⊥， 3.DB =直线AC 与BD 的夹角是60︒，则线段CD 的长为_________．三、解答题：（本大题共6小题，满分70分，写出必要文字说明和演算步骤） 17．（本小题满分10分）已知函数()3sin()(0,||)2f x x πωϕωϕ=+>≤的图像关于直线3x π=对称，且图像上相邻两个最高点的距离为π．（1）求ω和ϕ的值； （2）若32()()263f αππα=<<，求sin()3a π+的值． 18．（本小题满分12分）如图．甲船以每小时302乙船按固定方向匀速直线航行．当甲船位于1A处时，乙船位于甲船的北偏西105︒方向的1B 处，此时两船相距20海里．当甲船航行20min 到达2A 处时，乙船航行到甲船的北偏西120︒方向的2B 处，此时两船相距102海里，问乙船每小时航行多少海里？19．（本小题满分12分）已知a ，b ，c 是同一平面内的三个向量，其中,1)(2a =． （1）若25c =，且//c a ，求c 的坐标；（2）若5||2b =，且()(2)a b a b +⊥-，求a 与b 的夹角θ． 20．（本小题满分12分）如图，四棱锥P-ABCD 中，AP ⊥平面PCD ，//AD BC ，12AB BC AD ==，E ，F 分别为线段AD ，PC 的中点．（1）求证：//AP 平面BEF ； （2）求证：BE ⊥平面P AC ． 21．（本小题满分12分）在ABC 中，内角A ，B ，C 的对边分别是a ，b ，c ，已知3cos sin b A C a =+． （I ）求A 的值：（Ⅱ）若3a =，点D 在边BC 上．且2BD DC =，求AD 的最大值． 22．（本小题满分12分）如图所示的圆锥，顶点为O ，底面半径是5cm ，用一与底面平行的平面截得一圆台，圆台的上底半径为2.5cm ，这个平面与母线OA 交于点B ，线段AB 的长为10cm ．（提示：本题的数据有长度单位） （1）求圆台的体积和圆台的侧面积；（2）把一根绳从线段AB 的中点M 开始到点A ，沿着侧面卷绕．使它成为最短时候，求这根绳的长度； （3）在（2）的条件下，这根绳上的点和圆台上底面上的点的距离中，最短的距离是多少？2019—2020学年度下学期期末考试高一试题数学参考答案及评分标准一、选择题： BCBDD CCBCCDB二、填空题： 13．3 14315．3216．543三、解答题：17．解析：（1）因为()f x 的图像上相邻两个最高点的距离为π，所以()f x 的最小正周期T π=， 从而22Tπω==． 又()f x 的图像关于直线3x π=对称，所以2,32k k Z ππϕπ+=+∈⨯．因为22ππϕ-≤<，所以0k =．所以2236πππϕ=-=-． （2）由（1）得3()3sin(2)226f ααπ=⋅-=， 所以1sin()64πα-=由263ππα<<，得062ππα<-<， 所以22115cos 1sin 16644ππαα⎛⎫⎛⎫⎛⎫-=--=-= ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭， 15sin sin cos 36264ππππααα⎛⎫⎛⎫⎛⎫+=-+=-=⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭． 18．【解析】解法一：如图，连接12A B ，由已知，22102A B =，122030210260A A == ∴1222A A AB =，12218012060A A B ∠=︒-︒=︒ 又12218012060A A B ∠=︒-︒=︒．∴122A A B 是等边三角形，1212102A B A A == 由已知，1120A B =．1211056045B A B ∠=︒-︒=︒在121A B B 中，由余弦定理，得：33212121111122cos45B B A B A B A B A B =+-⋅⋅︒，22220(102)2201022002=+-⨯⨯⨯=． ∴12102B B = 因此乙船的速度的大小为1026030220⨯=（海里/h ）． 答：乙船每小时航行302海里． 解法二：如图，连结2A B ．由已知1220A B =．122030210260A A ==112105B A A ∠=︒， ()cos105cos 4560cos45cos60sin45sin60︒︒︒︒︒︒︒=+=-2(13)-=()sin105sin 4560sin45cos60cos45sin60︒︒︒︒︒︒︒=+=+2(13)+=在211A A B 中，由余弦定理，得22221111211122cos105A B A B A A A B A A ︒=+-⋅⋅222(13)(102)202102204=+-⨯⨯100(43)=+．∴2110(1A B =. 由正弦定理，得1112111221sin sin A B A A B B A A A B ∠=⋅∠42+==． ∴12145A A B ∠=︒，即122604515B A B ︒︒︒∠=-=．cos15sin1054︒︒+==．在122B A B 中，由已知，22A B = 由余弦定理，得22212212221222cos15B B A B A B A B A B ︒=+-⋅⋅22210(1210(12004+=++-⨯+⨯=．∴12B B =6020⨯=海里/h ．答：乙船每小时航行19．解：（1）由于a ，b ，c 是同一平面内的三个向量，其中()2,1a =，若||25c =，且//c a ，可设()2,c a λλλ=⋅=．则由||2c ==，可得2λ=±，∴()4,2c =，或()4,2c =--．（2）∵5||b =，且2a b +与a b -垂直， ∴()()22220a b a b a a b b +-=+⋅-⋅=，化简可得52b a ⋅=-，即cos 5θ⨯=-， ∴cos 1θ=-，故a 与b 的夹角θπ=．20．证明：（1）设AC BE O ⋂=，连结OF ，EC ，由已知可得：//AE BC ，AE AB BC ==， 四边形ABCE 是菱形，O 为AC 中点， 因为F 为PC 中点，所以//OF AP ，//AP 平面BEF ，OF ⊂平面BEF所以AP ∥平面BEF ．（2）由题意知，//ED BC ，ED BC =，所以四边形BCDE 为平行四边形． 因此//BE CD ． 又AP ⊥平面PCD ．所以AP CD ⊥，因此AP BE ⊥． 因为四边形ABCE 为菱形． 所以BE AC ⊥．又AP AC A ⋂=，AP ，AC ⊂平面P AC ， 所以BE ⊥平面P AC ．21．（1）由已知及正弦定理得sin cos 3s s n n i i A C C A B =+． 又()sin sin sin cos cos sin B A C A C A C =+=+，且sin 0C ≠， ∴tan 3A =0A π<<，即3A π=．（2）解法一：设ABC 外接圆的圆心为O ，半径为R ，则由正弦定理得3322sin sin 3a A R π===⨯如图所示，取BC 的中点M ，在Rt BOM 中，322BC BM ==， 222233(3)()22OM OB BM =-=-=；在Rt DOM 中，12OM BD BM =-=， 222231()()122OD OM DM =+=-=． 31AD OD OD O R A +=+=≤，当且仅当圆心O 在AD 上时取等号， 所以AD 31+．解法二：在ABC 中，由正弦定理得：sin sin 3cos A B B A =，因为sin 0B ≠，所以tan 3A =又因为0A π<<，所以3A π=；由正弦定理得：in 23b B =，in 23c C =，在ABD 中，222224cos 24BA BD AD c AD B BA BD c +-+-==⨯在ABC 中，2222292c 6os BA B BC BC AC c b BA c +-+-==⨯所以222244946c D c b c c+-+-=，整理得22221233AD b c =+-， 所以22221(23)(23)233sin sin AD B C =+- 228sin 4sin 2B C =+-44cos22cos2B C =--144cos22cos(2)3B B π=-+- 43sin 23cos2B =+-423sin(2)3B π=+-， 当sin(2)13B π-=，即512B π=时，2AD 取得最大值423+． 所以AD 的最大值为31+．22．（1）作出圆锥的轴截面和侧面展开图，如下图由底面半径是5cm ，上底半径为2.5cm ，可得：10OB =所以，圆锥的高为：515387515c 8m V =，侧面积为：275cm S π=． （2）由圆锥的底面周长可得侧面展开图的弧长为10π，所以，侧面展开图的圆心角为2π，MA ，所以最短时候，绳长为25cm 在直角三角形MOA中可得25cm（3）由侧面展开图可知，距离最短时，就是O到直线AM的距离减OB长．解得：2cm．。
2019-2020学年辽宁省沈阳市重点联合体高一下学期期末数学试卷(解析版)
2019-2020学年辽宁省沈阳市重点联合体高一第二学期期末数学试卷一、选择题（共8小题）.1 .设i 为虚数单位，复数Z 满足Zi=2-i,则之=( )A. -1+2/B. -l-2zC. 1-2/D. 1+2/2 .若 cos (a+p)=菅，sin ( 5 =县,a, pG (0,；),则 cos ( C £ 4^)=()5&24：A33 R 33 r56 n16A •方 B.前C.次—3 . 一个圆锥的母线长为L 母线与轴的夹角为30。
，则该圆锥侧面展开图的圆心角大小为7T~27 .在ZUBC 中，角A, B, C 所对的边分别为%b 9 c 9已知4=60° ,》=2启，为使此三角形有两个，则。
满足的条件是( )A. 0<A <2A /3B. 0V“V3C. 3V°V2点D.畲或。
=38 .已知 sin (a--)=—,则 sin (2a -)=()4.函数 f (x) =Asin (a)x+<p)(A>0,TTI 。
|＜二丁）的困象如图所示，为了得到/（x ）乙图象，则只需将g （X ）=sin2x 的图象（）B.向左平移七个长度单位6兀D.向左平移一丁个长度单位5.正四面体的枝长为4,则它的外接球的表面积为（）D. 96K在等腰梯形 A3CD 中，AD//BC, 5c=240=4, CD=V2. 将等腰梯形ABCD 绕4。
所 在直线旋转一周而形成的曲面所围成的几何体的体积为（B. 8JT10兀)D. 4n()人向右平々•个长度单位 C.向右平移二个长度单位o 3 b二、多项选择题：（本大题共4小题：每小题5分，共20分，漏选得3分，错选。
分）A.关于点（三，0）对称B.关于直线犬=三对称6兀C.在区间［0,亏］上单调 兀D.函数/的零点为T+垢（k ⑦10.设〃】、〃是两条不同的直战，a 、B 是两个不同的平面，考查下列命题其中真命题是（ ）..兀 RJT12.已知函数/ （x ） =shirlcosxl, ［一寸，有以下结论（ ）乙 乙的图象关于直线」轴对称已知复数Z 满足等式IZ-il=l,则IZ-II 的最大值为 使不等式a- 2siiix^0成立的x 的取值集合是 A 越 A ， g B •-等c -i D - 4 9.下面关于/ (x) =2sin (2x-7T）叙述中正确的是（ ）A.若加〃a.〃〃a,/〃〃配〃〃3加则a 〃R B.若加1＞仇 aJLR, 则 m//a C.若ni±a 9 〃〃氏则〃 lJL 〃D.若加〃〃, 〃邛, mua,则 a±pII.正三棱锥底面边长为3,侧横长为2JWA.正三棱锥高为3. c.正三棱锥的体积为苧则下列叙述正确的是（）B.正三棱锥的斜高为Y 等D.正三棱锥侧面积为三辔 B. f (x) 在区间［・ ,］上单调递减C. / (x) 兀的图象关于直线轴对称乙 D. / (x) 的最大值为之乙 13. 填空如（本大题共4小题：每小题5分，共20分）兀函数」=tan （2r--）的最.小正周期为,对称中心为14. 15.16.设函数/（1）为定义域为R的奇函数，且/（*） =/（2-x）,当xc［0, 1］时，/（x）=sinr,则函数式必二|eos-争H--Cr)在区间［-5, 8］上的所有零点的和为四、解答题：(本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)17.已知l/=2, n= (cosQ, sin0).(1)若(2n-3n) •+n) =%求向量口在向量n方向的投影的数量.人兀一一•一(2)若8二一1，且求向量ir的坐标. u27r3sl 7 -a)sin［-兀-a)18. 已知角a终边上一点坐标(1, -3) , / (a)= --------- - ------------- - ----- .儿、/几xcos(—^+ci )sin(—+ <1)乙乙(1)求/(01)的值.(2)求了(04)的值.(3)求sin (Q4^~) COS的值.19.如图，在四枝锥尸-A3CD中，PA上面A3CD,底面A3CD为菱形，且NA5C=60。
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绝密★启用前数学试题注意事项：1、答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2、请将答案正确填写在答题卡上第I 卷(选择题60分)一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。
1.若角600°的终边上有一点(－4，a)，则a 的值是A.4B.－43C.43D.－43 2.已知向量a ＝(x －5，3)，b ＝(2，x)，且a ⊥b ，则由x 的值构成的集合是A.{2，3}B.{－1，6}C.{2}D.{6} 3.如图，正方形O'A'C'B'的边长为1cm ，它是水平放置的一个平面图形的直观图，则它的原图形面积2B.24C.2(134.已知0<α<π，2sin2α＝sinα，则sin(α－2π)＝ A.－154 B.－14C.154 D.145.在△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，若cosA ＝12，a ＝3，则a b c sinA sinB sinC++++＝ A.12B.3236.在200米高的山顶上，测得山下一塔的塔顶与塔底的俯角分别是30°，60°，则塔高为 A.2003 B.100mC.4003 D.90m7.在直角三角形ABC 中，角C 为直角，且AC ＝BC ＝2，点P 是斜边上的一个三等分点，则CP CB CP CA ⋅+⋅=A.0B.4C.94D.－948.若将函数f(x)＝2sin(x ＋6π)图象上各点的横坐标缩短到原来的12(纵坐标不变)，再向下平移一个单位得到的函数g(x)的图象，函数g(x)A.图象关于点(－12π，0)对称B.最小正周期是2π C.在(0，6π)上递增D.在(0，6π)上最大值是1 9.已知m ，l 是两条不同的直线，α，β是两个不同的平面，则下列各组条件中能推出m ⊥l 的所有序号是①m ⊥α，l ⊥β，α⊥β；②m ⊥α，l //β，α//β；③m ⊂α，l ⊥β，α//β；④m ⊂α，l //β，α⊥βA.①②③B.①②C.②③④D.③④10.△ABC 中，若sin(A ＋B －C)＝sin(A －B ＋C)，则△ABC 必是A.等腰三角形B.直角三角形C.等腰三角形或直角三角形D.等腰直角三角形11.已知函数f(x)＝sin(ωx ＋3π)(ω>0)，若f(x)在[0，23π]上恰有两个零点，则ω的取值范围是A.(1，52)B.[1，52)C.(52，4)D.[52，4) 12.在直三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，∠ACB ＝90°，AC ＝6，BC ＝CC 1＝2，点P 是线段BC 1上的动点，则CP ＋PA 1的最小值为26237＋1D.62第II 卷(非选择题90分)二、填空题(本大题共4个小题，每小题5分，共20分。
)13.已知单位向量a 与b 的夹角为120°，则|a －3b |＝ 。
14.在钝角△ABC 中，已知a ＝2，b ＝4，则最大边c 的取值范围是 。
15.已知2π<α<π，0<β<2π，tanα＝－34，cos(β－α)＝513，则sinβ的值 。
16.已知△ABC 是等腰直角三角形，斜边AB ＝2，P 是平面ABC 外的一点，且满足PA ＝PB ＝PC ，∠APB ＝120°，则三棱锥P －ABC 外接球的表面积为 。
三、解答题(本大题共6个小题，共70分。
解答题写出文字说明，证明过程或演算步骤。
)17.(本题10分)已知角θ的终边与单位圆x 2＋y 2＝1在第一象限交于点P ，且点P 的坐标为(35，y)。
(1)求tanθ的值； (2)求()()22sin 2cos 4sin cos πθπθθθ+-+的值。
18.(本题12分)在△ABC 中，角A ，B ，C 的对边分别是a ，b ，c ，B ＝30°，且2asinA －(2b ＋c)sinB ＝(2c ＋b)sinC 。
(1)求sin(A －C)的大小；(2)若△ABC 的面积为33，求△ABC 的周长。
19.(本题12分)如图，在三棱锥A －BCD 中，ABCD ，△ABD 均为边长为2的正三角形。
(1)若AC 6，求证：平面ABD ⊥平面BCD ；(2)若AC ＝2，求三棱锥A －BCD 的体积。
20.(本题12分)已知函数。
f(x)＝3sinxcosx －2cos(x ＋4π)cos(x －4π)。
(I)求函数f(x)的最小正周期和图象的对称轴方程；(II)求函数f(x)在区间[－12π，2π]上的值域。
21.(本题12分)在△ABC 中，a ，b ，c 分别是角A ，B ，C 的对(a ＋b ＋c)(a ＋b －c)＝3ab 。
(1)求角C 的值；(2)若c ＝2，且△ABC 为锐角三角形，求2a －b 的范围。
22.(本题12分)如图所示，在直四棱柱ABCD －A 1B 1C 1D 1中，DB ＝BC ，DB ⊥AC ，点M 是棱BB 1上一点。
(1)求证：B 1D 1//面A 1BD ；(2)求证：MD ⊥AC ；(3)试确定点M 的位置，使得平面DMC 1⊥平面CC 1D 1D 。
2019—2020学年度沈阳市郊联体期末考试高一试题数学答案选择题：BCABDCBCACDB填空题：135,6)15.636516.163π 解答题：17.解：（1）由题得2235)1(=y +,点P 在第一象限所以45y =……2分 所以4tan =3θ……4分 （2）22sin (2)cos (4)sin cos πθπθθθ+-+ 22sin cos =sin cos θθθθ-……6分 2tan 1=tan θθ-……8分 712=……10分 18.解：（1）因为()()2sin 2sin 2sin a A b c B c b C -+=+，由正弦定理可得：()()2222a b b c c c b -+=+，整理得222b c a bc +-=-，……2分 ∴2221cos 22b c a A bc +-==- 解得120A =︒……4分又30B =︒，所以1801203030C =︒-︒-︒=︒，即30C B ==︒， ∴()()sin sin 120301A C -=︒-︒=.……6分（2）由（1）知b c =，120A =︒，∴21sin1202b ︒=解得b c ==.……8分 由余弦定理，得22212cos 1212212362a b c bc A ⎛⎫=+-=+-⨯⨯-= ⎪⎝⎭即6a =.……10分∴ABC ∆的周长为6.……12分19.解：（1）取BD 边中点O ，连接,AO CO∵BCD ∆，ABD ∆为边长为2的正三角形，∴BD OA ⊥,OC OA ==∵2226OC OA AC +==……2分∴,,OA OC OC BD O OC BD BCD ，面⊥=⊂∴OA ⊥平面BCD ，……4分∵OA ⊂平面ABD ，∴平面ABD ⊥平面BCD .……6分（2）∵,BD OC BD OA ⊥⊥，且,OA OC O =,OA OC AOC 面⊂ ∴BD ⊥平面AOC ，……8分在AOC ∆中，OA OC AC ===∴12AOC S ∆=⨯=……10分112333A BCD AOCV S BD-∆⨯⨯===……12分20.解：：22()22(cos)(sin)22f x x x x⎡⎤=--⎢⎥⎣⎦222(cos sin)x x x=--……2分2cos2x x=-2sin(2)6xπ=-……4分⑴函数()f x的最小正周期22Tππ==……5分由262x kπππ-=+，得对称轴方程为,32kx k Zππ=+∈……7分⑵∵122xππ-≤≤，∴52366xπππ-≤-≤由正弦函数的图象知sin(2)16xπ≤-≤……10分∴()f x的值域是⎡⎤⎣⎦……12分21.解：（1）由题意()()3a b c a b c ab+++-=，∴222a b c ab+-=，……1分由余弦定理可知，222cos122a b cCab+-==，……3分又∵(0,)Cπ∈，∴3Cπ=.……5分（2）由正弦定理可知，2sin sin sin3a bA Bπ===即,a A b B ==，∴2a b A B -=-2sin()3A A π=-2cos A A =-， 4sin()6A π=-……8分 又∵ABC ∆为锐角三角形， ∴022032A B A πππ⎧<<⎪⎪⎨⎪<=-<⎪⎩，则62A ππ<<……10分04sin(-)6A π<< 综上2a b -的取值范围为(0,.……12分22.解：（1）证明：由直四棱柱，得BB 1∥DD 1且BB 1=DD 1， 所以BB 1D 1D 是平行四边形，所以B 1D 1∥BD ．BD ⊂平面A 1BD ，B 1D 1⊄平面A 1BD ，所以B 1D 1∥平面A 1BD ．……3分（2）证明：BB 1⊥面ABCD ，AC ⊂面ABCD ， ∴BB 1⊥AC ， 又BD ⊥AC ，且BD∩BB 1=B ，BD ，BB 1⊂面BB 1D ∴AC ⊥面BB 1D 而MD ⊂面BB 1D ，∴MD ⊥AC ．……6分（3）当点M 为棱BB 1的中点时，平面DMC 1⊥平面CC 1D 1D ……7分 取DC 的中点N ，D 1C 1的中点N 1，连接NN 1交DC 1于O ，连接OM ． N 是DC 中点，BD=BC ，∴BN ⊥DC ； 又面ABCD 面DCC 1D 1=DC ，而面ABCD ⊥面DCC 1D 1，BN ⊂面ABCD∴BN⊥面DCC1D1．……9分又可证得，O是NN1的中点，∴BM∥ON且BM=ON，即BMON是平行四边形，∴BN∥OM，……10分∴OM⊥平面CC1D1D，……11分OM⊂面DMC 1，∴平面DMC1⊥平面CC1D1D．……12分。