【2013朝阳一模】北京市朝阳区2013届高三第一次综合练习-理科数学

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北京市朝阳区高三数学一模试题 理(含解析)北师大版

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2013年北京市朝阳区高考数学一模试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.1.(5分)(2013•朝阳区一模)i为虚数单位,复数的虚部是()解:复数=的虚部是.2.(5分)(2013•朝阳区一模)已知集合M={x|﹣2<x<3},N={x|lg(x+2)≥0},则M∩N=3.(5分)(2013•朝阳区一模)已知向量,.若,则实数m的值为()先求得得=,再由=,若4.(5分)(2013•朝阳区一模)在极坐标系中,直线与曲线ρ=2cosθ相交于A,即,曲线中,∵cos∠ACO=,∴∠ACO=,,∴∠AOB=2∠AOC=5.(5分)(2013•朝阳区一模)在下列命题中,①“”是“sinα=1”的充要条件;②的展开式中的常数项为2;③设随机变量ξ~N(0,1),若P(ξ≥1)=p,则.=,得,是能推得或其的通项为(C﹣6.(5分)(2013•朝阳区一模)某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三视图如图所示,则这个几何体的体积为()12×=87.(5分)(2013•朝阳区一模)抛物线y2=2px(p>0)的焦点为F,已知点A,B为抛物线上的两个动点,且满足∠AFB=120°.过弦AB的中点M作抛物线准线的垂线MN,垂足为N,则的最大值为()又∵ab≤()((得到|AB|≥≤=,即的最大值为.的最大值,着重考查抛物线的定义和8.(5分)(2013•朝阳区一模)已知函数f(x)=2x+1,x∈N*.若,使f(x0)+f(x0+1)+…+f(x0+n)=63成立,则称(x0,n)为函数f(x)的一个“生成点”.函数f,得或,解出即可.,得或,解得或二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.把答案填在答题卡上.9.(5分)(2013•朝阳区一模)在等比数列{a n}中,2a3﹣a2a4=0,则a3= 2 ,{b n}为等差数列,且b3=a3,则数列{b n}的前5项和等于10 .,代入已知可解得==0=10.(5分)(2013•朝阳区一模)在△ABC中,a,b,c分别为角A,B,C所对的边.已知角A为锐角,且b=3asinB,则tanA= .sinA=,∴cosA== tanA==,11.(5分)(2013•朝阳区一模)执行如图所示的程序框图,输出的结果S= 20 .12.(5分)(2013•朝阳区一模)如图,圆O是△ABC的外接圆,过点C作圆O的切线交BA 的延长线于点D.若,AB=AC=2,则线段AD的长是 1 ;圆O的半径是 2 .即可.CD=cos∠ACD=,,∴根据弦切角定理可得∠ABC=∠DCA===413.(5分)(2013•朝阳区一模)函数f(x)是定义在R上的偶函数,且满足f(x+2)=f(x).当x∈[0,1]时,f(x)=2x.若在区间[﹣2,3]上方程ax+2a﹣f(x)=0恰有四个不相等的实数根,则实数a的取值范围是.==,,故答案为:14.(5分)(2013•朝阳区一模)在平面直角坐标系xOy中,已知点A是半圆x2﹣4x+y2=0(2≤x≤4)上的一个动点,点C在线段OA的延长线上.当时,则点C的纵坐标的取值范围是[﹣5,5] .=,)时,由与的方向相同,故)时,)时,三、解答题:本大题共6小题,共80分.解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程. 15.(13分)(2013•朝阳区一模)已知函数(ω>0)的最小正周期为π.(Ⅰ)求ω的值及函数f(x)的单调递增区间;(Ⅱ)当时,求函数f(x)的取值范围.,求得(Ⅱ)因为答:=所以,,得(Ⅱ)因为,所以所以16.(13分)(2013•朝阳区一模)盒子中装有四张大小形状均相同的卡片,卡片上分别标有数字﹣1,0,1,2.称“从盒中随机抽取一张,记下卡片上的数字后并放回”为一次试验(设每次试验的结果互不影响).(Ⅰ)在一次试验中,求卡片上的数字为正数的概率;(Ⅱ)在四次试验中,求至少有两次卡片上的数字都为正数的概率;(Ⅲ)在两次试验中,记卡片上的数字分别为ξ,η,试求随机变量X=ξ•η的分布列与数学期望EX.;)...答:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数的概率为P.17.(14分)(2013•朝阳区一模)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,平面PAC⊥平面ABCD,且PA⊥AC,PA=AD=2.四边形ABCD满足BC∥AD,AB⊥AD,AB=BC=1.点E,F分别为侧棱PB,PC上的点,且.(Ⅰ)求证:EF∥平面PAD;(Ⅱ)当时,求异面直线BF与CD所成角的余弦值;(Ⅲ)是否存在实数λ,使得平面A FD⊥平面PCD?若存在,试求出λ的值;若不存在,请说明理由.(Ⅰ)由=两两垂直,以之为轴建立空间直角坐标系,可求得与=,=(Ⅰ)由已知,==时,(,=(﹣,,<,=所成角的余弦值为=,==,因为=即,=,即,解得.时,平面18.(13分)(2013•朝阳区一模)已知函数f(x)=x2﹣(a+2)x+alnx+2a+2,其中a≤2.(Ⅰ)求函数f(x)的单调区间;(Ⅱ)若函数f(x)在(0,2]上有且只有一个零点,求实数a的取值范围.=a≤0,即或,得)的单调递减区间为,,或<﹣)在,所以当<=e﹣(alne ,,<﹣19.(14分)(2013•朝阳区一模)已知中心在原点,焦点在x轴上的椭圆C过点,离心率为,点A为其右顶点.过点B(1,0)作直线l与椭圆C相交于E,F两点,直线AE,AF与直线x=3分别交于点M,N.(Ⅰ)求椭圆C的方程;(Ⅱ)求的取值范围.(Ⅰ)设椭圆的方程为,依题意可得为,依题意得的方程为易得.…(6分)由,则所以,所以=,所以,即综上所述,20.(13分)(2013•朝阳区一模)设τ=(x1,x2,…,x10)是数1,2,3,4,5,6,7,8,9,10的任意一个全排列,定义,其中x11=x1.(Ⅰ)若τ=(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1),求S(τ)的值;(Ⅱ)求S(τ)的最大值;(Ⅲ)求使S(τ)达到最大值的所有排列τ的个数.==。

北京市朝阳区2013届高三4月第一次综合练习数学理试题

北京市朝阳区2013届高三4月第一次综合练习数学理试题

北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试(理工类)2013.4(考试时间120分钟 满分150分)本试卷分为选择题(共40分)和非选择题(共110分)两部分第一部分(选择题 共40分)一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项. (1)i 为虚数单位,复数11i-的虚部是 A .12 B .12- C .1i 2- D . 1i 2(2)已知集合{}23M x x =-<<,{}lg(2)0N x x =+≥,则MN =A. (2,)-+∞B. (2,3)-C. (2,1]--D. [1,3)-(3)已知向量()()3,4,6,3OA OB =-=-,()2,1OC m m =+.若//AB OC ,则实数m 的值为A .3-B .17-C .35-D .35(4)在极坐标系中,直线1cos 2ρθ=与曲线2cos ρθ=相交于,A B 两点, O 为极点,则AOB ∠的 大小为 A .3π B .2π C .32π D .65π (5)在下列命题中,①“2απ=”是“sin 1α=”的充要条件; ②341()2x x+的展开式中的常数项为2; ③设随机变量ξ~(0,1)N ,若(1)P p ξ≥=,则1(10)2P p ξ-<<=-. 其中所有正确命题的序号是 A .② B .③ C .②③ D .①③(6)某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三 视图如图所示,则这个几何体的体积为正视图侧视图俯视图A. 4B.C. D. 8(7)抛物线22y px =(p >0)的焦点为F ,已知点A ,B 为抛物线上的两个动点,且满足120AFB ∠=︒.过弦AB 的中点M 作抛物线准线的垂线MN ,垂足为N ,则||||MN AB 的最大值为A.3 B. 1C. 3D. 2 (8)已知函数*()21,f x x x =+∈N .若*0,x n ∃∈N ,使000()(1)()63f x f x f x n +++++=成立,则称0(,)x n 为函数()f x 的一个“生成点”.函数()f x 的“生成点”共有 A. 1个 B .2个 C .3个 D .4个第二部分(非选择题 共110分)二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.把答案填在答题卡上.(9)在等比数列{}n a 中,32420a a a -=,则3a = ,{}n b 为等差数列,且33b a =,则数列{}n b 的前5项和等于 .(10)在ABC ∆中, a ,b ,c 分别为角A , B ,C 所对的边.已知角A 为锐角,且3sin b a B =,则tan A = .(11)执行如图所示的程序框图,输出的结果S= .(12)如图,圆O 是ABC ∆的外接圆,过点C 作圆O 的切线交BA 的延长线于点D .若CD =2AB AC ==,则线段AD 的长是 ;圆O 的半径是 .D(13)函数)(x f 是定义在R 上的偶函数,且满足(2)()f x f x +=.当[0,1]x ∈时,()2f x x =.若在区间[2,3]-上方程2()0ax a f x +-=恰有四个不相等的实数根,则实数a 的取值范围是 .(14)在平面直角坐标系xOy 中,已知点A 是半圆2240x x y -+=(2≤x ≤4)上的一个动点,点C 在线段OA 的延长线上.当20OA OC ⋅=时,则点C 的纵坐标的取值范围是 . 三、解答题:本大题共6小题,共80分.解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程. (15)(本小题满分13分)已知函数21()sin 222x f x x ωω=-+(0ω>)的最小正周期为π. (Ⅰ)求ω的值及函数()f x 的单调递增区间; (Ⅱ)当[0,]2x π∈时,求函数()f x 的取值范围. (16)(本小题满分13分)盒子中装有四张大小形状均相同的卡片,卡片上分别标有数字1,01-,,2.称“从盒中随机抽取一张,记下卡片上的数字后并放回”为一次试验(设每次试验的结果互不影响).(Ⅰ)在一次试验中,求卡片上的数字为正数的概率;(Ⅱ)在四次试验中,求至少有两次卡片上的数字都为正数的概率;(Ⅲ)在两次试验中,记卡片上的数字分别为ξη,,试求随机变量X=ξη⋅的分布列与数学期望EX .(17)(本小题满分14分)如图,在四棱锥P ABCD -中,平面PAC ⊥平面ABCD ,且PA AC ⊥, 2PA AD ==.四边形ABCD 满足BCAD ,AB AD ⊥,1AB BC ==.点,E F 分别为侧棱,PB PC 上的点,且PE PFPB PCλ==. (Ⅰ)求证:EF 平面PAD ;(Ⅱ)当12λ=时,求异面直线BF 与CD 所成角的余弦值; (Ⅲ)是否存在实数λ,使得平面AFD ⊥平面PCD ?若存在,试求出λ的值;若不存在,请说明理由. (18)(本小题满分13分)已知函数2()(2)ln 22f x x a x a x a =-++++,其中2a ≤.PDABCFE(Ⅰ)求函数()f x 的单调区间;(Ⅱ)若函数()f x 在(]0,2上有且只有一个零点,求实数a 的取值范围.(19)(本小题满分14分)已知中心在原点,焦点在x 轴上的椭圆C 过点(1,2,离心率为2,点A 为其右顶点.过点(10)B ,作直线l 与椭圆C 相交于,E F 两点,直线AE ,AF 与直线3x =分别交于点M ,N .(Ⅰ)求椭圆C 的方程; (Ⅱ)求EM FN ⋅的取值范围. (20)(本小题满分13分)设1210(,,,)x x x τ=是数1,2,3,4,5,6,7,8,9,10的任意一个全排列,定义1011()|23|k k k S x x τ+==-∑,其中111x x =.(Ⅰ)若(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1)τ=,求()S τ的值; (Ⅱ)求()S τ的最大值;(Ⅲ)求使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数.北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试答案(理工类)2013.4三、解答题:(15)(本小题满分13分) 解:(Ⅰ)1cos 2x x ωω=+ sin()6x ωπ=+. …………………………………………4分因为()f x 最小正周期为π,所以2ω=. ………………………………6分 所以()sin(2)6f x x π=+. 由222262k x k ππππ-≤+≤π+,k ∈Z ,得36k x k πππ-≤≤π+. 所以函数()f x 的单调递增区间为[,36k k πππ-π+],k ∈Z . ………………8分(Ⅱ)因为[0,]2x π∈,所以72[,]666x πππ+∈, …………………………………10分 所以1sin(2)126x π-≤+≤. ………………………………………12分所以函数()f x 在[0,]2π上的取值范围是[1,12-]. ……………………………13分(16)(本小题满分13分)解:(Ⅰ)设事件A :在一次试验中,卡片上的数字为正数,则 21()42P A ==.答:在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是12.…………………………3分 (Ⅱ)设事件B :在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数.由(Ⅰ)可知在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是12. 所以041344111111()1[()()()]222216P B C C =-⋅+⋅=. 答:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数的概率为1116.……………7分 (Ⅲ)由题意可知,ξη,的可能取值为1,01-,,2,所以随机变量X 的可能取值为2,101,--,,,24.21(2)448P X=-==⨯; 21(1)448P X=-==⨯; 77(0)4416P X===⨯; 21(=1)448P X ==⨯;21(=2)448P X ==⨯; 11(=4)4416P X ==⨯.所以随机变量X 的分布列为所以11()2101881688164E X =-⨯-⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=24.……………………13分(17)(本小题满分14分) 证明:(Ⅰ)由已知,PE PFPB PCλ==, 所以 EF BC . 因为BCAD ,所以EFAD .而EF ⊄平面PAD ,AD ⊂平面PAD , 所以EF平面PAD . ……………………………………………………4分(Ⅱ)因为平面ABCD ⊥平面PAC ,平面ABCD平面PAC AC =,且PA AC ⊥,所以PA ⊥平面ABCD . 所以PA AB ⊥,PA AD ⊥.又因为AB AD ⊥,所以,,PA AB AD 两两垂直. ……………………………………………………5分 如图所示,建立空间直角坐标系, 因为1AB BC ==,2PA AD ==, 所以()()0,0,01,0,0,A B ,()()()1,1,0,0,2,0,0,0,2C D P .当12λ=时,F 为PC 中点, 所以11(,,1)22F ,所以11(,,1),(1,1,0)22BF CD =-=-.设异面直线BF 与CD 所成的角为θ,所以11|(,,1)(1,1,0)|cos |cos ,|3BF CD θ-⋅-=〈〉==, 所以异面直线BF 与CD 9分 (Ⅲ)设000(,,)F x y z ,则000(,,2),(1,1,2)PF x y z PC =-=-. 由已知PF PC λ=,所以000(,,2)(1,1,2)x y z λ-=-,所以000,,22.x y z λλλ=⎧⎪=⎨⎪=-⎩ 所以(,,22)AF λλλ=-.设平面AFD 的一个法向量为1111(,,)x y z =n ,因为()0,2,0AD =,所以110,0.AF AD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即1111(22)0,20.x y z y λλλ++-=⎧⎨=⎩令1z λ=,得1(22,0,)λλn =-.设平面PCD 的一个法向量为2222(,,)x y z =n ,因为()()0,2,2,1,1,0PD CD =-=-,所以220,0.PD CD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即2222220,0. y z x y -=⎧⎨-+=⎩令21x =,则2(1,1,1)=n .若平面AFD ⊥平面PCD ,则120n n ⋅=,所以(22)0λλ-+=,解得23λ=. 所以当23λ=时,平面AFD ⊥平面PCD .…………………………………………14分 (18)(本小题满分1 3分)解:函数定义域为{}0x x >, 且(2)(1)()2(2).a x a x f x x a x x--'=-++=…………2分 ①当0a ≤,即02a≤时,令()0f x '<,得01x <<,函数()f x 的单调递减区间为(0,1), 令()0f x '>,得1x >,函数()f x 的单调递增区间为(1,)+∞.②当012a <<,即02a <<时,令()0f x '>,得02ax <<或1x >, 函数()f x 的单调递增区间为(0,)2a,(1,)+∞.令()0f x '<,得12a x <<,函数()f x 的单调递减区间为(,1)2a.③当12a=,即2a =时,()0f x '≥恒成立,函数()f x 的单调递增区间为(0,)+∞. …7分(Ⅱ)①当0a ≤时,由(Ⅰ)可知,函数()f x 的单调递减区间为(0,1),()f x 在(1,2]单调递增. 所以()f x 在(]0,2上的最小值为(1)1f a =+, 由于22422221121()2(1)10e e e e e ea a f =--+=--+>, 要使()f x 在(]0,2上有且只有一个零点,需满足(1)0f =或(1)0,(2)0,f f <⎧⎨<⎩解得1a =-或2ln 2a <-. ②当02a <≤时,由(Ⅰ)可知,(ⅰ)当2a =时,函数()f x 在(0,2]上单调递增;且48414(e )20,(2)22ln 20e ef f -=--<=+>,所以()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. (ⅱ)当02a <<时,函数()f x 在(,1)2a上单调递减,在(1,2]上单调递增;又因为(1)10f a =+>,所以当(,2]2ax ∈时,总有()0f x >.因为22e12a a a +-<<+, 所以22222222(e )e[e(2)](ln e22)0a a a a aaaaf a a a ++++----=-++++<.所以在区间(0,)2a 内必有零点.又因为()f x 在(0,)2a 内单调递增, 从而当02a <≤时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. 综上所述,02a <≤或2ln 2a <-或1a =-时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. …………………………………………………………………………………………13分 (19)(本小题满分14分)解:(Ⅰ)设椭圆的方程为()222210x y a b a b+=>>,依题意得22222,21314a b c c a ab ⎧=+⎪⎪⎪=⎨⎪⎪+=⎪⎩解得24a =,21b =. 所以椭圆C 的方程为2214x y +=. ………………………………………………4分 (Ⅱ)显然点(2,0)A .(1)当直线l 的斜率不存在时,不妨设点E 在x 轴上方,易得(1,(1,22E F -,(3,(3,)22M N -,所以1EM FN ⋅=. …………………………………………6分 (2)当直线l 的斜率存在时,由题意可设直线l 的方程为(1)y k x =-,显然0k =时,不符合题意.由22(1),440y k x x y =-⎧⎨+-=⎩得2222(41)8440k x k x k +-+-=. 设1122(,),(,)E x y F x y ,则22121222844,4141k k x x x x k k -+==++.直线AE ,AF 的方程分别为:1212(2),(2)22y y y x y x x x =-=---, 令3x =,则1212(3,),(3,)22y yM N x x --. 所以1111(3)(3,)2y x EM x x -=--,2222(3)(3,)2y x FN x x -=--. ……………………10分所以11221212(3)(3)(3)(3)22y x y x EM FN x x x x --⋅=--+⋅--121212(3)(3)(1)(2)(2)y y x x x x =--+--2121212(1)(1)(3)(3)(1)(2)(2)x x x x k x x --=--+⋅--2121212121212()1[3()9][1]2()4x x x x x x x x k x x x x -++=-++⨯+⋅-++222222222222244814484141(39)(1)4484141244141k k k k k k k k k k k k k --+-++=-⋅+⋅+⋅-++-⋅+++22221653()(1)414k k k k +-=⋅++22216511164164k k k +==+++. ……………………………………………12分 因为20k >,所以21644k +>,所以22165511644k k +<<+,即5(1,)4EM FN ⋅∈. 综上所述,EM FN ⋅的取值范围是5[1,)4. ……………………………………14分(20)(本小题满分13分)解:(Ⅰ)1011()|23|7654321012857k k k S xx τ+==-=+++++++++=∑. ……3分(Ⅱ)数10,9,8,7,6,5,4,3,2,1的2倍与3倍分别如下:20,18,16,14,12,10,8,6,4,2,30,27,24,21,18,15,12,9,6,3其中较大的十个数之和与较小的十个数之和的差为20372131-=,所以()131S τ≤.对于排列0(1,5,6,7,2,8,3,9,4,10)τ=,此时0()131S τ=,所以()S τ的最大值为131. ……………………………………………………………8分(Ⅲ)由于数1,2,3,4所产生的8个数都是较小的数,而数7,8,9,10所产生的8个数都是较大的数,所以使()S τ取最大值的排列中,必须保证数1,2,3,4互不相邻,数7,8,9,10也互不相邻;而数5和6既不能排在7,8,9,10之一的后面,又不能排在1,2,3,4之一的前面.设11x =,并参照下面的符号排列1△○□△○□△○□△○其中2,3,4任意填入3个□中,有6种不同的填法;7,8,9,10任意填入4个圆圈○中,共有24种不同的填法;5填入4个△之一中,有4种不同的填法;6填入4个△中,且当与5在同一个△时,既可以在5之前又可在5之后,共有5种不同的填法,所以当11x =时,使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数为624452880⨯⨯⨯=,由轮换性知,使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数为28800. ……………………………13分精心整理资料,感谢使用!。

北京市朝阳区届高三一次综合练习理科数学

北京市朝阳区届高三一次综合练习理科数学

北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试(理工类)2013.4(考试时间120分钟 满分150分)本试卷分为选择题(共40分)和非选择题(共110分)两部分第一部分(选择题 共40分)一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项. (1)i 为虚数单位,复数11i-的虚部是 A .12B .12-C .1i 2- D .1i 2(2)已知集合{}23M x x =-<<,{}lg(2)0N x x =+≥,则MN =A. (2,)-+∞B. (2,3)-C. (2,1]--D. [1,3)-(3)已知向量()()3,4,6,3OA OB =-=-,()2,1OC m m =+.若//AB OC ,则实数m 的值为A .3-B .17-C .35-D .35(4)在极坐标系中,直线1cos 2ρθ=与曲线2cos ρθ=相交于,A B 两点,O 为极点,则AOB ∠的大小为 A .3π B .2π C .32π D .65π (5)在下列命题中,①“2απ=”是“sin 1α=”的充要条件; ②341()2x x+的展开式中的常数项为2;③设随机变量ξ~(0,1)N ,若(1)P p ξ≥=,则1(10)2P p ξ-<<=-. 其中所有正确命题的序号是 A .②B .③C .②③D .①③(6)某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三视图如图所示,则这个几何体的体积为 A. 4B.D. 8(7)抛物线22y px =(p >0)的焦点为F ,已知点A ,B 为抛物线上的两个动点,且满足120AFB ∠=︒.过弦AB 的中点M 作抛物线准线的垂线MN ,垂足为N ,则||||MN AB 的最大值为A.D.2 (8)已知函数*()21,f x x x =+∈N .若*0,x n ∃∈N ,使000()(1)()63f x f x f x n +++++=成立,则称0(,)x n 为函数()f x 的一个“生成点”.函数()f x 的“生成点”共有 A. 1个 B .2个 C .3个 D .4个第二部分(非选择题 共110分)二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.把答案填在答题卡上.(9)在等比数列{}n a 中,32420a a a -=,则3a =,{}n b 为等差数列,且33b a =,则数列{}n b 的前5项和等于.(10)在ABC ∆中, a ,b ,c 分别为角A , B ,C 所对的边.已知角A 为锐角,且3sin b a B =,则tan A =.(11)执行如图所示的程序框图,输出的结果S= .正视图侧视图俯视图(12)如图,圆O 是ABC ∆的外接圆,过点C 作圆O 的切线交BA的延长线于点D .若CD =,2AB AC ==,则线段AD 的长是;圆O 的半径是.(13)函数)(x f 是定义在R 上的偶函数,且满足(2)()f x f x +=.当[0,1]x ∈时,()2f x x =.若在区间[2,3]-上方程2()0a x a f x +-=恰有四个不相等的实数根,则实数a 的取值范围是. (14)在平面直角坐标系xOy 中,已知点A 是半圆2240x x y -+=(2≤x ≤4)上的一个动点,点C 在线段OA 的延长线上.当20OA OC ⋅=时,则点C 的纵坐标的取值范围是. 三、解答题:本大题共6小题,共80分.解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程. (15)(本小题满分13分)已知函数21()sin 22x f x x ωω=-+(0ω>)的最小正周期为π. (Ⅰ)求ω的值及函数()f x 的单调递增区间; (Ⅱ)当[0,]2x π∈时,求函数()f x 的取值范围.D-,,2.称“从盒中随机抽取一盒子中装有四张大小形状均相同的卡片,卡片上分别标有数字1,01张,记下卡片上的数字后并放回”为一次实验(设每次实验的结果互不影响).(Ⅰ)在一次实验中,求卡片上的数字为正数的概率;(Ⅱ)在四次实验中,求至少有两次卡片上的数字都为正数的概率;,,试求随机变量X=ξη⋅的分布列与数学期望(Ⅲ)在两次实验中,记卡片上的数字分别为ξηEX.如图,在四棱锥P ABCD -中,平面PAC ⊥平面ABCD ,且P A A C ⊥, 2PA AD ==.四边形ABCD 满足BCAD ,AB AD ⊥,1AB BC ==.点,E F 分别为侧棱,PB PC 上的点,且PE PFPB PCλ==. (Ⅰ)求证:EF 平面PAD ;(Ⅱ)当12λ=时,求异面直线BF 与CD 所成角的余弦值; (Ⅲ)是否存在实数λ,使得平面AFD ⊥平面PCD ?若存在,试求出λ的值;若不存在,请说明理由.PDABCFE已知函数2()(2)ln 22f x x a x a x a =-++++,其中2a ≤. (Ⅰ)求函数()f x 的单调区间;(Ⅱ)若函数()f x 在(]0,2上有且只有一个零点,求实数a 的取值范围.已知中心在原点,焦点在x轴上的椭圆C过点,离心率为,点A为其右顶点.过点B,作直线l与椭圆C相交于,E F两点,直线AE,AF与直线3(10)x=分别交于点M,N. (Ⅰ)求椭圆C的方程;⋅的取值范围.(Ⅱ)求EM FN设1210(,,,)x x x τ=是数1,2,3,4,5,6的任意一个全排列,定义1011()|23|k k k S x x τ+==-∑,其中111x x =.(Ⅰ)若(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1)τ=,求()S τ的值; (Ⅱ)求()S τ的最大值;(Ⅲ)求使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数.北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试答案(理工类)2013.4一、选择题:二、填空题:(注:两空的填空,第一空3分,第二空2分) 三、解答题:(15)(本小题满分13分)解:(Ⅰ)1cos 1()22x f x x ωω-=-+1cos 2x x ωω=+ sin()6x ωπ=+. …………………………………………4分因为()f x 最小正周期为π,所以2ω=. ………………………………6分 所以()sin(2)6f x x π=+.由222262k x k ππππ-≤+≤π+,k ∈Z ,得36k x k πππ-≤≤π+. 所以函数()f x 的单调递增区间为[,36k k πππ-π+],k ∈Z . ………………8分(Ⅱ)因为[0,]2x π∈,所以72[,]666x πππ+∈, …………………………………10分 所以1sin(2)126x π-≤+≤. ………………………………………12分所以函数()f x 在[0,]2π上的取值范围是[1,12-]. ……………………………13分(16)(本小题满分13分)解:(Ⅰ)设事件A :在一次实验中,卡片上的数字为正数,则21()42P A ==. 答:在一次实验中,卡片上的数字为正数的概率是12.…………………………3分 (Ⅱ)设事件B :在四次实验中,至少有两次卡片上的数字都为正数.由(Ⅰ)可知在一次实验中,卡片上的数字为正数的概率是12. 所以041344111111()1[()()()]222216P B C C =-⋅+⋅=. 答:在四次实验中,至少有两次卡片上的数字都为正数的概率为1116.……………7分 (Ⅲ)由题意可知,ξη,的可能取值为1,01-,,2,所以随机变量X 的可能取值为2,101,--,,,24.21(2)448P X=-==⨯; 21(1)448P X=-==⨯; 77(0)4416P X===⨯; 21(=1)448P X ==⨯;21(=2)448P X ==⨯; 11(=4)4416P X ==⨯.所以随机变量X 的分布列为所以1()2101881688164E X =-⨯-⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=24.……………………13分(17)(本小题满分14分) 证明:(Ⅰ)由已知,PE PFPB PCλ==, 所以 EF BC . 因为BCAD ,所以EFAD .而EF ⊄平面PAD ,AD ⊂平面PAD , 所以EF平面PAD . ……………………………………………………4分(Ⅱ)因为平面ABCD ⊥平面PAC ,平面ABCD平面PAC AC =,且PA AC ⊥,所以PA ⊥平面ABCD . 所以PA AB ⊥,PA AD ⊥.又因为AB AD ⊥,所以,,PA AB AD 两两垂直. ……………………………………………………5分 如图所示,建立空间直角坐标系, 因为1AB BC ==,2PA AD ==, 所以()()0,0,01,0,0,A B ,()()()1,1,0,0,2,0,0,0,2C D P .当12λ=时,F 为PC 中点, 所以11(,,1)22F ,所以11(,,1),(1,1,0)22BF CD =-=-. 设异面直线BF 与CD 所成的角为θ,所以11|(,,1)(1,1,0)|cos |cos ,|3BF CD θ-⋅-=〈〉==, 所以异面直线BF 与CD…………………………………9分 (Ⅲ)设000(,,)F x y z ,则000(,,2),(1,1,2)PF x y z PC =-=-. 由已知PF PC λ=,所以000(,,2)(1,1,2)x y z λ-=-,所以000,,22.x y z λλλ=⎧⎪=⎨⎪=-⎩ 所以(,,22)AF λλλ=-.设平面AFD 的一个法向量为1111(,,)x y z =n ,因为()0,2,0AD =,所以110,0.AF AD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即1111(22)0,20.x y z y λλλ++-=⎧⎨=⎩令1z λ=,得1(22,0,)λλn =-.设平面PCD 的一个法向量为2222(,,)x y z =n ,因为()()0,2,2,1,1,0PD CD =-=-,所以220,0.PD CD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即2222220,0. y z x y -=⎧⎨-+=⎩令21x =,则2(1,1,1)=n .若平面AFD ⊥平面PCD ,则120n n ⋅=,所以(22)0λλ-+=,解得23λ=. 所以当23λ=时,平面AFD ⊥平面PCD .…………………………………………14分 (18)(本小题满分1 3分)解:函数定义域为{}0x x >, 且(2)(1)()2(2).a x a x f x x a x x--'=-++=…………2分 ①当0a ≤,即02a≤时,令()0f x '<,得01x <<,函数()f x 的单调递减区间为(0,1), 令()0f x '>,得1x >,函数()f x 的单调递增区间为(1,)+∞.②当012a <<,即02a <<时,令()0f x '>,得02ax <<或1x >, 函数()f x 的单调递增区间为(0,)2a,(1,)+∞.令()0f x '<,得12a x <<,函数()f x 的单调递减区间为(,1)2a.③当12a=,即2a =时,()0f x '≥恒成立,函数()f x 的单调递增区间为(0,)+∞. …7分(Ⅱ)①当0a ≤时,由(Ⅰ)可知,函数()f x 的单调递减区间为(0,1),()f x 在(1,2]单调递增. 所以()f x 在(]0,2上的最小值为(1)1f a =+, 由于22422221121()2(1)10e e e e e ea a f =--+=--+>, 要使()f x 在(]0,2上有且只有一个零点,需满足(1)0f =或(1)0,(2)0,f f <⎧⎨<⎩解得1a =-或2ln 2a <-. ②当02a <≤时,由(Ⅰ)可知,(ⅰ)当2a =时,函数()f x 在(0,2]上单调递增;且48414(e )20,(2)22ln 20e e f f -=--<=+>,所以()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. (ⅱ)当02a <<时,函数()f x 在(,1)2a上单调递减,在(1,2]上单调递增;又因为(1)10f a =+>,所以当(,2]2a x ∈时,总有()0f x >. 因为22e12a a a +-<<+, 所以22222222(e )e[e(2)](ln e22)0a a a a aaaaf a a a ++++----=-++++<.所以在区间(0,)2a 内必有零点.又因为()f x 在(0,)2a 内单调递增, 从而当02a <≤时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. 综上所述,02a <≤或2ln 2a <-或1a =-时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. …………………………………………………………………………………………13分 (19)(本小题满分14分)解:(Ⅰ)设椭圆的方程为()222210x y a b a b+=>>,依题意得22222,1314a b c c a ab ⎧=+⎪⎪⎪=⎨⎪⎪+=⎪⎩解得24a =,21b =. 所以椭圆C 的方程为2214x y +=. ………………………………………………4分 (Ⅱ)显然点(2,0)A .(1)当直线l 的斜率不存在时,不妨设点E 在x 轴上方,易得(1,E F,(3,M N ,所以1EM FN ⋅=. …………………………………………6分 (2)当直线l 的斜率存在时,由题意可设直线l 的方程为(1)y k x =-,显然0k =时,不符合题意.由22(1),440y k x x y =-⎧⎨+-=⎩得2222(41)8440k x k x k +-+-=. 设1122(,),(,)E x y F x y ,则22121222844,4141k k x x x x k k -+==++.直线AE ,AF 的方程分别为:1212(2),(2)22y y y x y x x x =-=---, 令3x =,则1212(3,),(3,)22y yM N x x --. 所以1111(3)(3,)2y x EM x x -=--,2222(3)(3,)2y x FN x x -=--. ……………………10分所以11221212(3)(3)(3)(3)22y x y x EM FN x x x x --⋅=--+⋅--121212(3)(3)(1)(2)(2)y y x x x x =--+--2121212(1)(1)(3)(3)(1)(2)(2)x x x x k x x --=--+⋅--2121212121212()1[3()9][1]2()4x x x x x x x x k x x x x -++=-++⨯+⋅-++222222222222244814484141(39)(1)4484141244141k k k k k k k k k k k k k --+-++=-⋅+⋅+⋅-++-⋅+++ 22221653()(1)414k k k k+-=⋅++ 22216511164164k k k +==+++. ……………………………………………12分 因为20k >,所以21644k +>,所以22165511644k k +<<+,即5(1,)4EM FN ⋅∈. 综上所述,EM FN ⋅的取值范围是5[1,)4. ……………………………………14分 (20)(本小题满分13分) 解:(Ⅰ)1011()|23|7654321012857kk k S xx τ+==-=+++++++++=∑. ……3分(Ⅱ)数10,9,8,7,6,5,4,3,2,1的2倍与3倍分别如下:20,18,16,14,12,10,8,6,4,2,30,27,24,21,18,15,12,9,6,3其中较大的十个数之和与较小的十个数之和的差为20372131-=,所以()131S τ≤. 对于排列0(1,5,6,7,2,8,3,9,4,10)τ=,此时0()131S τ=,所以()S τ的最大值为131. ……………………………………………………………8分(Ⅲ)由于数1,2,3,4所产生的8个数都是较小的数,而数7,8,9,10所产生的8个数都是较大的数,所以使()S τ取最大值的排列中,必须保证数1,2,3,4互不相邻,数7,8,9,10也互不相邻;而数5和6既不能排在7,8,9,10之一的后面,又不能排在1,2,3,4之一的前面.设11x =,并参照下面的符号排列1△○□△○□△○□△○其中2,3,4任意填入3个□中,有6种不同的填法;7,8,9,10任意填入4个圆圈○中,共有24种不同的填法;5填入4个△之一中,有4种不同的填法;6填入4个△中,且当与5在同一个△时,既可以在5之前又可在5之后,共有5种不同的填法,所以当11x =时,使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数为624452880⨯⨯⨯=,由轮换性知,使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数为28800. ……………………………13分。

北京市朝阳区2013届高三4月第一次综合练习数学理试题

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北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试〔理工类〕2013.4〔考试时间120分钟 总分值150分〕本试卷分为选择题〔共40分〕和非选择题〔共110分〕两部分第一部分〔选择题 共40分〕一、选择题:本大题共8小题,每题5分,共40分.在每题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项. 〔1〕i 为虚数单位,复数11i-的虚部是 A .12 B .12- C .1i 2- D . 1i 2〔2〕已知集合{}23M x x =-<<,{}lg(2)0N x x =+≥,则MN =A. (2,)-+∞B. (2,3)-C. (2,1]--D. [1,3)- 〔3〕已知向量()()3,4,6,3OA OB =-=-,()2,1OC m m =+.假设//AB OC ,则实数m 的值为A .3-B .17-C .35-D .35 〔4〕在极坐标系中,直线1cos 2ρθ=与曲线2cos ρθ=相交于,A B 两点, O 为极点,则AOB ∠的大小为 A .3π B .2π C .32π D .65π 〔5〕在以下命题中,①“2απ=”是“sin 1α=”的充要条件; ②341()2x x+的展开式中的常数项为2;③设随机变量ξ~(0,1)N ,假设(1)P p ξ≥=,则1(10)2P p ξ-<<=-. 其中所有正确命题的序号是 A .② B .③ C .②③ D .①③〔6〕某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三 视图如下列图,则这个几何体的体积为A. 4B. 42C. 62D. 82222 11 1 正视图侧视图俯视图〔7〕抛物线22y px =〔p >0〕的焦点为F ,已知点A ,B 为抛物线上的两个动点,且满足120AFB ∠=︒.过弦AB 的中点M 作抛物线准线的垂线MN ,垂足为N ,则||||MN AB 的最大值为A.B. 1C. D. 2 〔8〕已知函数*()21,f x x x =+∈N .假设*0,x n ∃∈N ,使000()(1)()63f x f x f x n +++++=成立,则称0(,)x n 为函数()f x 的一个“生成点”.函数()f x 的“生成点”共有A. 1个 B .2个 C .3个 D .4个第二部分〔非选择题 共110分〕答题卡上.〔9〕在等比数列{}n a 中,32420a a a -=,则3a = ,{}n b 为等差数列,且33b a =,则数列{}n b 的前5项和等于 .〔10〕在ABC ∆中, a ,b ,c 分别为角A ,B ,C 所对的边.已知角A 为锐角,且3sin b a B =, 则tan A = .〔11〕执行如下列图的程序框图,输出的结果S= .〔12〕如图,圆O 是ABC ∆的外接圆,过点C 作圆O 的切线交BA 的延长线于点D .假设CD , 2AB AC ==,则线段AD 的长是 ;圆O 的半径是 .〔13〕函数)(x f 是定义在R 上的偶函数,且满足(2)()f x f x +=.当[0,1]x ∈时,()2f x x =.假设在区间[2,3]-上方程2()0ax a f x +-=恰有D四个不相等的实数根,则实数a 的取值范围是 .〔14〕在平面直角坐标系xOy 中,已知点A 是半圆2240x x y -+=〔2≤x ≤4〕上的一个动点,点C 在线段OA 的延长线上.当20OA OC ⋅=时,则点C 的纵坐标的取值范围是 .三、解答题:本大题共6小题,共80分.解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程. 〔15〕〔本小题总分值13分〕已知函数21()sin 222x f x x ωω=-+〔0ω>〕的最小正周期为π. 〔Ⅰ〕求ω的值及函数()f x 的单调递增区间; 〔Ⅱ〕当[0,]2x π∈时,求函数()f x 的取值范围. 〔16〕〔本小题总分值13分〕盒子中装有四张大小形状均相同的卡片,卡片上分别标有数字1,01-,,2.称“从盒中随机抽取一张,记下卡片上的数字后并放回”为一次试验〔设每次试验的结果互不影响〕.〔Ⅰ〕在一次试验中,求卡片上的数字为正数的概率;〔Ⅱ〕在四次试验中,求至少有两次卡片上的数字都为正数的概率;〔Ⅲ〕在两次试验中,记卡片上的数字分别为ξη,,试求随机变量X=ξη⋅的分布列与数学期望EX . 〔17〕〔本小题总分值14分〕如图,在四棱锥P ABCD -中,平面PAC ⊥平面ABCD ,且PA AC ⊥,2PA AD ==.四边形ABCD 满足BCAD ,AB AD ⊥,1AB BC ==.点,E F 分别为侧棱,PB PC 上的点,且 PE PFPB PCλ==. 〔Ⅰ〕求证:EF 平面PAD ;〔Ⅱ〕当12λ=时,求异面直线BF 与CD 所成角的余弦值; 〔Ⅲ〕是否存在实数λ,使得平面AFD ⊥平面PCD ?假设存在, 试求出λ的值;假设不存在,请说明理由.〔18〕〔本小题总分值13分〕已知函数2()(2)ln 22f x x a x a x a =-++++,其中2a ≤. 〔Ⅰ〕求函数()f x 的单调区间;〔Ⅱ〕假设函数()f x 在(]0,2上有且只有一个零点,求实数a 的取值范围.PDABCFE〔19〕〔本小题总分值14分〕已知中心在原点,焦点在x 轴上的椭圆C 过点,点A 为其右顶点.过点(10)B ,作直线l 与椭圆C 相交于,E F 两点,直线AE ,AF 与直线3x =分别交于点M ,N .〔Ⅰ〕求椭圆C 的方程; 〔Ⅱ〕求EM FN ⋅的取值范围. 〔20〕〔本小题总分值13分〕设1210(,,,)x x x τ=是数1,2,3,4,5,6,7,8,9,10的任意一个全排列,定义1011()|23|k k k S x x τ+==-∑,其中111x x =.〔Ⅰ〕假设(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1)τ=,求()S τ的值; 〔Ⅱ〕求()S τ的最大值;〔Ⅲ〕求使()S τ到达最大值的所有排列τ的个数.北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试答案〔理工类〕2013.4三、解答题:〔15〕〔本小题总分值13分〕解:〔Ⅰ〕1cos 1()222x f x x ωω-=-+1cos 2x x ωω=+ sin()6x ωπ=+. …………………………………………4分 因为()f x 最小正周期为π,所以2ω=. ………………………………6分 所以()sin(2)6f x x π=+. 由222262k x k ππππ-≤+≤π+,k ∈Z ,得36k x k πππ-≤≤π+. 所以函数()f x 的单调递增区间为[,36k k πππ-π+],k ∈Z . ………………8分〔Ⅱ〕因为[0,]2x π∈,所以72[,]666x πππ+∈, …………………………………10分 所以1sin(2)126x π-≤+≤. ………………………………………12分所以函数()f x 在[0,]2π上的取值范围是[1,12-]. ……………………………13分〔16〕〔本小题总分值13分〕解:〔Ⅰ〕设事件A :在一次试验中,卡片上的数字为正数,则 21()42P A ==. 答:在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是12.…………………………3分 〔Ⅱ〕设事件B :在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数.由〔Ⅰ〕可知在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是12. 所以041344111111()1[()()()]222216P B C C =-⋅+⋅=. 答:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数的概率为1116.……………7分 〔Ⅲ〕由题意可知,ξη,的可能取值为1,01-,,2,所以随机变量X 的可能取值为2,101,--,,,24.21(2)448P X=-==⨯; 21(1)448P X=-==⨯; 77(0)4416P X===⨯; 21(=1)448P X ==⨯; 21(=2)448P X ==⨯; 11(=4)4416P X ==⨯. 所以随机变量X 的分布列为所以1()2101881688164E X =-⨯-⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=24.……………………13分 〔17〕〔本小题总分值14分〕 证明:〔Ⅰ〕由已知,PE PFPB PCλ==, 所以 EF BC . 因为BCAD ,所以EFAD .而EF ⊄平面PAD ,AD ⊂平面PAD , 所以EF平面PAD . ……………………………………………………4分〔Ⅱ〕因为平面ABCD ⊥平面PAC ,平面ABCD平面PAC AC =,且PA AC ⊥,所以PA ⊥平面ABCD . 所以PA AB ⊥,PA AD ⊥. 又因为AB AD ⊥,所以,,PA AB AD 两两垂直. ……………………………………………………5分如下列图,建立空间直角坐标系, 因为1AB BC ==,2PA AD ==, 所以()()0,0,01,0,0,A B ,()()()1,1,0,0,2,0,0,0,2C D P .当12λ=时,F 为PC 中点, 所以11(,,1)22F ,所以11(,,1),(1,1,0)22BF CD =-=-.设异面直线BF 与CD 所成的角为θ,所以11|(,,1)(1,1,0)|cos |cos ,|BF CD θ-⋅-=〈〉==, 所以异面直线BF 与CD 9分 〔Ⅲ〕设000(,,)F x y z ,则000(,,2),(1,1,2)PF x y z PC =-=-. 由已知PF PC λ=,所以000(,,2)(1,1,2)x y z λ-=-,所以000,,22.x y z λλλ=⎧⎪=⎨⎪=-⎩ 所以(,,22)AF λλλ=-.设平面AFD 的一个法向量为1111(,,)x y z =n ,因为()0,2,0AD =,所以110,0.AF AD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即1111(22)0,20.x y z y λλλ++-=⎧⎨=⎩令1z λ=,得1(22,0,)λλn =-.设平面PCD 的一个法向量为2222(,,)x y z =n ,因为()()0,2,2,1,1,0PD CD =-=-,所以220,0.PD CD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即2222220,0. y z x y -=⎧⎨-+=⎩令21x =,则2(1,1,1)=n .假设平面AFD ⊥平面PCD ,则120n n ⋅=,所以(22)0λλ-+=,解得23λ=. 所以当23λ=时,平面AFD ⊥平面PCD .…………………………………………14分 〔18〕〔本小题总分值1 3分〕解:函数定义域为{}0x x >, 且(2)(1)()2(2).a x a x f x x a x x--'=-++=…………2分 ①当0a ≤,即02a≤时,令()0f x '<,得01x <<,函数()f x 的单调递减区间为(0,1), 令()0f x '>,得1x >,函数()f x 的单调递增区间为(1,)+∞.②当012a <<,即02a <<时,令()0f x '>,得02ax <<或1x >, 函数()f x 的单调递增区间为(0,)2a,(1,)+∞.令()0f x '<,得12a x <<,函数()f x 的单调递减区间为(,1)2a.③当12a=,即2a =时,()0f x '≥恒成立,函数()f x 的单调递增区间为(0,)+∞. …7分(Ⅱ)①当0a ≤时,由(Ⅰ)可知,函数()f x 的单调递减区间为(0,1),()f x 在(1,2]单调递增. 所以()f x 在(]0,2上的最小值为(1)1f a =+, 由于22422221121()2(1)10e e e e e e a a f =--+=--+>, 要使()f x 在(]0,2上有且只有一个零点, 需满足(1)0f =或(1)0,(2)0,f f <⎧⎨<⎩解得1a =-或2ln 2a <-. ②当02a <≤时,由(Ⅰ)可知,〔ⅰ〕当2a =时,函数()f x 在(0,2]上单调递增; 且48414(e )20,(2)22ln 20e ef f -=--<=+>,所以()f x 在(]0,2上有且只有一个零点.〔ⅱ〕当02a <<时,函数()f x 在(,1)2a 上单调递减,在(1,2]上单调递增;又因为(1)10f a =+>,所以当(,2]2ax ∈时,总有()0f x >.因为22e12a aa +-<<+,所以22222222(e )e[e(2)](ln e22)0a a a a aaaaf a a a ++++----=-++++<.所以在区间(0,)2a 内必有零点.又因为()f x 在(0,)2a 内单调递增,从而当02a <≤时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. 综上所述,02a <≤或2ln 2a <-或1a =-时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. …………………………………………………………………………………………13分 〔19〕〔本小题总分值14分〕解:〔Ⅰ〕设椭圆的方程为()222210x y a b a b+=>>,依题意得22222,1314a b c ca ab ⎧=+⎪⎪⎪=⎨⎪⎪+=⎪⎩解得24a =,21b =.所以椭圆C 的方程为2214x y +=. ………………………………………………4分 〔Ⅱ〕显然点(2,0)A .〔1〕当直线l 的斜率不存在时,不妨设点E 在x轴上方,易得(1,E F,(3,M N ,所以1EM FN ⋅=. …………………………………………6分 〔2〕当直线l 的斜率存在时,由题意可设直线l 的方程为(1)y k x =-,显然0k =时,不符合题意.由22(1),440y k x x y =-⎧⎨+-=⎩得2222(41)8440k x k x k +-+-=. 设1122(,),(,)E x y F x y ,则22121222844,4141k k x x x x k k -+==++.直线AE ,AF 的方程分别为:1212(2),(2)22y yy x y x x x =-=---, 令3x =,则1212(3,),(3,)22y yM N x x --. 所以1111(3)(3,)2y x EM x x -=--,2222(3)(3,)2y x FN x x -=--. ……………………10分所以11221212(3)(3)(3)(3)22y x y x EM FN x x x x --⋅=--+⋅-- 121212(3)(3)(1)(2)(2)y y x x x x =--+--2121212(1)(1)(3)(3)(1)(2)(2)x x x x k x x --=--+⋅--2121212121212()1[3()9][1]2()4x x x x x x x x k x x x x -++=-++⨯+⋅-++222222222222244814484141(39)(1)4484141244141k k k k k k k k k k k k k --+-++=-⋅+⋅+⋅-++-⋅+++22221653()(1)414k k k k+-=⋅++ 22216511164164k k k +==+++. ……………………………………………12分 因为20k >,所以21644k +>,所以22165511644k k +<<+,即5(1,)4EM FN ⋅∈. 综上所述,EM FN ⋅的取值范围是5[1,)4. ……………………………………14分 〔20〕〔本小题总分值13分〕 解:〔Ⅰ〕1011()|23|7654321012857kk k S xx τ+==-=+++++++++=∑. ……3分〔Ⅱ〕数10,9,8,7,6,5,4,3,2,1的2倍与3倍分别如下:20,18,16,14,12,10,8,6,4,2, 30,27,24,21,18,15,12,9,6,3其中较大的十个数之和与较小的十个数之和的差为20372131-=,所以()131S τ≤. 对于排列0(1,5,6,7,2,8,3,9,4,10)τ=,此时0()131S τ=,所以()S τ的最大值为131. ……………………………………………………………8分 〔Ⅲ〕由于数1,2,3,4所产生的8个数都是较小的数,而数7,8,9,10所产生的8个数都是较大的数,所以使()S τ取最大值的排列中,必须保证数1,2,3,4互不相邻,数7,8,9,10也互学习文档 仅供参考 不相邻;而数5和6既不能排在7,8,9,10之一的后面,又不能排在1,2,3,411x =,并参照下面的符号排列1△○□△○□△○□△○其中2,3,4任意填入3个□中,有6种不同的填法;7,8,9,10任意填入4个圆圈○中,共有24种不同的填法;5填入4个△之一中,有4种不同的填法;6填入4个△中,且当与5在同一个△时,既可以在5之前又可在5之后,共有5种不同的填法,所以当11x =时,使()S τ到达最大值的所有排列τ的个数为624452880⨯⨯⨯=,由轮换性知,使()S τ到达最大值的所有排列τ的个数为28800. ……………………………13分。

北京市朝阳区2013年第二学期高三综合练习(一)

北京市朝阳区2013年第二学期高三综合练习(一)

北京市朝阳区2013年第二学期高三综合练习(一)数学(理科)(朝阳一模)(时间:120分钟总分:150分)第1卷(选择题共40分)一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小 题列出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.1.i 为虚数单位,复数i-11的虚部是 ( ) 21.A 21.-B i C 21.- i D 21. 2.已知集合},0)2lg(|{},32|{≥+=<<-=x x N x x M 则=N M ( )),2.+∞-N A )3,2.(-B ]1,2.(--C )3,1.[-D3.已知向量+=-=-=m m OC OB OA ,2(),3,6(),4,3().1若,//OC AB 则实数m 的值为 ( )3.-A 71.-B 53.-C 53.D 4.在极坐标系中,直线21cos =θρ与曲线θρcos 2=相交于A ,B 两点,0为极点,则∠AOB 的大小为 ( )3.πA 2.πB 32.πC 65.πD 5.有下列命题: ①,,1sin 2==απα”是“的充要条件;43)12(xx +②的展开式中的常数项为2; ③设随机变量),1,0(~N ξ若,)1(P P =≥ξ则ξ<-1(P ⋅-=<P 21)0 其中所有正确命题的序号是 ( ) ②.A ③.B ②③.C ①③.D6.某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三视图如 图所示,则这个几何体的体积为 ( )4.A 24.B 26.C 8.D7.抛物线)0(22>=P Px y 的焦点为F ,已知点A ,B 为抛物线上的两个动点,且满足.120=∠AFB 过弦AB 的中点M 作抛物线准线的垂线MN ,垂足为N ,则||||AB MN 的最大值为 ( ) 33.A 1.B 332.C 2.D 8.已知函数.*,12)(N x x x f ∈+=若*,,0N n x ∈∃使)(0x f +++)1(0x f 63)(0=++n x f 成立,则称),(0n x 为函数)(x f 的一个“生成点”,函数)(x f 的“生成点”共有 ( )A .1个B .2个C 3个D .4个第Ⅱ卷(非选择题共110分)二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.把答案填在题中横线上.9.在等比数列}{n a 中,,02423=-a a a 则=3a ,}{n b 为等差数列,且,33a b =则数列}{n b 的前5项和等于 .10.在△ABC 中,a ,b ,c 分别为角A ,B ,C 所对的边,已知角A 为锐角,且,sin 3B a b =则=A tan11.执行如图所示的程序框图,输出的结果=S12.如图,圆0是△ABC 的外接圆,过点C 作圆0的切线交BA 的延长线于点D .若,2,3===AC AB CD则线段AD 的长是____;圆0的半径是 .13.函数f(x)是定义在R 上的偶函数,且满足=+)2(x f ).(x f 当⋅∈]1,0[x 时,.2)(x x f =若在区间[-2,3]上方程0)(2=-+x f a ax 恰有四个不相等的实数根,则实数a 的取值范围是 .14.在平面直角坐标系xOy 中,已知点A 是半圆+-x x 42)42(02≤≤=x y 上的一个动点,点C 在线段OA 的延长线上.当20=⋅时,点C 的纵坐标的取值范围是三、解答题:本大题共6小题,共80分,解答应写出文字说 明.演算步骤或证明过程.15.(本小题共13分)已知函数+-=2sin 23)(2x x m s x f ωω )0(21>ω的最小正周期为π. (I)求ω的值及函数)(x f 的单调递增区间; (Ⅱ)当]2,0[π∈x 时,求函数)(x f 的取值范围.16.(本小题共13分)盒子中装有四张大小形状均相同的卡 片,卡片上分别标有数字-1,O ,1,2.称“从盒中随机抽 取一张卡片,记下卡片上的数字后放回”为一次试验(设每次试验的结果互不影响). (I)在一次试验中,求卡片上的数字为正数的概率;(Ⅱ)在四次试验中,求至少有两次卡片上的数字都为正数的概率;(Ⅲ)在两次试验中,记卡片上的数字分别为,,ηξ试求随机变量ηξ⋅=X 的分布列与数学期望.EX17.(本小题共14分)如图,在四棱锥P -ABCD 中,平面PAC ⊥平面ABCD ,且.2,==⊥AD PA AC PA 四边形ABCD 满足,//AD BC ,AD AB ⊥.1==BC AB 点E ,F 分别为侧棱PB ,PC 上的点,且.λ==PCPF PB PE (I)求证:EF//平面PAD. (Ⅱ)当21=λ时,求异面直线BF 与CD 所成角的余弦值. (Ⅲ)是否存在实数λ,使得平面AFD ⊥平面PCD?若存在,试求出λ的值;若不存在,请说明理由.18.(本小题共13分)已知函数x a x a x x f ln )2()(2++-=,22++a 其中.2≤a(I)求函数)(x f 的单调区间;(Ⅱ)若函数)(x f 在(0,2]上有且只有一个零点,求实数a 的取值范围.19.(本小题共14分)已知中心在原点,焦点在x 轴上的椭圆C 过点),23,1(离心率为,23点A 为其右顶点.过点B(l ,O)作直线L 与椭圆相交于E ,F 两点,直线AE ,AF 与直线x=3分别交于点M ,N. (I)求椭圆的方程; (Ⅱ)求FN FM ⋅的取值范围.20.(本小题共13分)设),,,(1021x x x =τ是数1,2,3,4,5,6,7,8,9,10的任意一个全排列,定义-=∑=12|)(k k xs τ|,31+k x 其中⋅=111x x(I)若),1,2,3,4,5,6,7,8,9,10(=τ求)(τs 的值; (Ⅱ)求)(τs 的最大值;(Ⅲ)求使)(τs 达到最大值的所有排列τ的个数.。

2013北京朝阳高考一模数学理(含解析)

2013北京朝阳高考一模数学理(含解析)

北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试(理工类)2013.4第一部分(选择题 共40分)一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.(1)i 为虚数单位,复数11i-的虚部是( ). A .12B .12-C .1i 2-D . 1i 2(2)已知集合{}23M x x =-<<,{}lg(2)0N x x =+≥,则MN =( ).A . (2,)-+∞B . (2,3)-C . (2,1]--D . [1,3)-(3)已知向量()()3,4,6,3OA OB =-=-,()2,1OC m m =+.若//AB OC ,则实数m 的值为( ). A .3- B .17- C .35- D .35(4)在极坐标系中,直线1cos 2ρθ=与曲线2cos ρθ=相交于,A B 两点, O 为极点,则AOB ∠的大小为( ).A .3πB .2πC .32πD .65π(5)在下列命题中,①“2απ=”是“sin 1α=”的充要条件; ②341()2x x+的展开式中的常数项为2;③设随机变量ξ~(0,1)N ,若(1)P p ξ≥=,则1(10)2P p ξ-<<=-. 其中所有正确命题的序号是( ). A .② B .③ C .②③ D .①③(6)某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三视图如图所示,则这个几何体的体积为( ).A . 4B . 42C . 62D . 82222 11 1 正视图侧视图俯视图D B CO A (7)抛物线22y px =(p >0)的焦点为F ,已知点A ,B 为抛物线上的两个动点,且满足120AFB ∠=︒.过弦AB 的中点M 作抛物线准线的垂线MN ,垂足为N ,则||||MN AB 的最大值为( ). A . 33 B . 1 C . 233D . 2(8)已知函数*()21,f x x x =+∈N .若*0,x n ∃∈N ,使000()(1)()63f x f x f x n +++++=成立,则称0(,)x n 为函数()f x 的一个“生成点”.函数()f x 的“生成点”共有( ).A . 1个B .2个C .3个D .4个第二部分(非选择题 共110分)二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.把答案填在答题卡上.(9)在等比数列{}n a 中,32420a a a -=,则3a = ,{}n b 为等差数列,且33b a =,则数列{}n b 的前5项和等于 .(10)在ABC ∆中, a ,b ,c 分别为角A , B ,C 所对的边.已知角A 为锐角,且3sin b a B =,则tan A = .(11)执行如图所示的程序框图,输出的结果S= .(12)如图,圆O 是ABC ∆的外接圆,过点C 作圆O 的切线交BA 的延长线于点D .若3CD =, 2AB AC ==,则线段AD 的长是 ;圆O 的半径是 .(13)函数()f x 是定义在R 上的偶函数,且满足 (2)()f x f x +=. 当[0,1]x ∈时,()2f x x =.若在区间[2,3]-上方程2()0ax a f x +-=恰有四个不相等的实数根,则实数a 的取值范围是 .(14)在平面直角坐标系xOy 中,已知点A 是半圆2240x x y -+=(2≤x ≤4)上的一个动点,点C 在线段OA 的延长线上.当20OA OC ⋅=时,则点C 的纵坐标的取值范围是 .开始 i=0 S=0 S=S+2i-1 i ≥6 输出S结束 是 i=i+2 否三、解答题:本大题共6小题,共80分.解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程. (15)(本小题满分13分)已知函数231()sin sin 222x f x x ωω=-+(0ω>)的最小正周期为π. (Ⅰ)求ω的值及函数()f x 的单调递增区间; (Ⅱ)当[0,]2x π∈时,求函数()f x 的取值范围.(16)(本小题满分13分)盒子中装有四张大小形状均相同的卡片,卡片上分别标有数字1,01-,,2.称“从盒中随机抽取一张,记下卡片上的数字后并放回”为一次试验(设每次试验的结果互不影响). (Ⅰ)在一次试验中,求卡片上的数字为正数的概率;(Ⅱ)在四次试验中,求至少有两次卡片上的数字都为正数的概率;(Ⅲ)在两次试验中,记卡片上的数字分别为ξη,,试求随机变量=X ξη⋅的分布列与数学期望EX .PDABCFE(17)(本小题满分14分)如图,在四棱锥P ABCD -中,平面PAC ⊥平面ABCD ,且PA AC ⊥, 2PA AD ==.四边形ABCD 满足BC AD ,AB AD ⊥,1AB BC ==.点,E F 分别为侧棱,PB PC 上的点,且PE PFPB PCλ==. (Ⅰ)求证:EF 平面PAD ;(Ⅱ)当12λ=时,求异面直线BF 与CD 所成角的余弦值; (Ⅲ)是否存在实数λ,使得平面AFD ⊥平面PCD ?若存在,试求出λ的值;若不存在,请说明理由.(18)(本小题满分13分)已知函数2()(2)ln 22f x x a x a x a =-++++,其中2a ≤. (Ⅰ)求函数()f x 的单调区间;(Ⅱ)若函数()f x 在(]0,2上有且只有一个零点,求实数a 的取值范围.(19)(本小题满分14分)已知中心在原点,焦点在x轴上的椭圆C过点3(1,)2,离心率为32,点A为其右顶点.过点(10)B,作直线l与椭圆C相交于,E F两点,直线AE,AF与直线3x=分别交于点M,N.(Ⅰ)求椭圆C的方程;(Ⅱ)求EM FN⋅的取值范围.(20)(本小题满分13分)设1210(,,,)x x x τ=是数1,2,3,4,5,6,7,8,9,1的任意一个全排列,定义1011()|23|k k k S x x τ+==-∑,其中111x x =.(Ⅰ)若(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1)τ=,求()S τ的值; (Ⅱ)求()S τ的最大值;(Ⅲ)求使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数.北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试答案(理工类)2013.4一、选择题: 题号 (1) (2) (3) (4) (5) (6) (7) (8) 答案 ADACCDAB二、填空题: 题号 (9)(10)(11)(12) (13)(14)答案2,1024201,222(,)53[5,5]-(注:两空的填空,第一空3分,第二空2分) 三、解答题:(15)(本小题满分13分) 解:(Ⅰ)31cos 1()sin 222x f x x ωω-=-+ 31sin cos 22x x ωω=+ sin()6x ωπ=+. …………………………………………4分因为()f x 最小正周期为π,所以2ω=. ………………………………6分所以()sin(2)6f x x π=+. 由222262k x k ππππ-≤+≤π+,k ∈Z ,得36k x k πππ-≤≤π+. 所以函数()f x 的单调递增区间为[,36k k πππ-π+],k ∈Z . ………………8分(Ⅱ)因为[0,]2x π∈,所以72[,]666x πππ+∈, …………………………………10分 所以1sin(2)126x π-≤+≤. ………………………………………12分所以函数()f x 在[0,]2π上的取值范围是[1,12-]. ……………………………13分(16)(本小题满分13分)解:(Ⅰ)设事件A :在一次试验中,卡片上的数字为正数,则 21()42P A ==. 答:在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是12.…………………………3分 (Ⅱ)设事件B :在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数.由(Ⅰ)可知在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是12. 所以0041344111111()1[()()()]222216P B C C =-⋅+⋅=. 答:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数的概率为1116.……………7分 (Ⅲ)由题意可知,ξη,的可能取值为1,01-,,2,所以随机变量X 的可能取值为2,101,--,,,24. 21(2)448P X=-==⨯; 21(1)448P X=-==⨯; 77(0)4416P X===⨯; 21(=1)448P X ==⨯; 21(=2)448P X ==⨯; 11(=4)4416P X ==⨯. 所以随机变量X 的分布列为X 2- 1- 0 1 2 4P 18 18 716 18 18 116所以1171111()2101881688164E X =-⨯-⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=24.……………………13分 (17)(本小题满分14分) 证明:(Ⅰ)由已知,PE PFPB PCλ==, 所以 EF BC . 因为BC AD ,所以EFAD .而EF ⊄平面PAD ,AD ⊂平面PAD ,所以EF平面PAD . ……………………………………………………4分 (Ⅱ)因为平面ABCD ⊥平面PAC ,平面ABCD平面PAC AC =,且PA AC ⊥,所以PA ⊥平面ABCD . 所以PA AB ⊥,PA AD ⊥.又因为AB AD ⊥,所以,,PA AB AD 两两垂直. ……………………………………………………5分如图所示,建立空间直角坐标系, 因为1AB BC ==,2PA AD ==, 所以()()0,0,01,0,0,A B ,()()()1,1,0,0,2,0,0,0,2C D P .当12λ=时,F 为PC 中点, 所以11(,,1)22F ,所以11(,,1),(1,1,0)22BF CD =-=-.设异面直线BF 与CD 所成的角为θ,所以11|(,,1)(1,1,0)|322cos |cos ,|3111244BF CD θ-⋅-=〈〉==++⨯, 所以异面直线BF 与CD 所成角的余弦值为33.…………………………………9分 (Ⅲ)设000(,,)F x y z ,则000(,,2),(1,1,2)PF x y z PC =-=-. 由已知PF PC λ=,所以000(,,2)(1,1,2)x y z λ-=-,所以000,,22.x y z λλλ=⎧⎪=⎨⎪=-⎩ 所以(,,22)AF λλλ=-.设平面AFD 的一个法向量为1111(,,)x y z =n ,因为()0,2,0AD =,所以110,0.AF AD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即1111(22)0,20.x y z y λλλ++-=⎧⎨=⎩ 令1z λ=,得1(22,0,)λλn =-.设平面PCD 的一个法向量为2222(,,)x y z =n ,因为()()0,2,2,1,1,0PD CD =-=-,所以220,0.PD CD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即2222220,0. y z x y -=⎧⎨-+=⎩ 令21x =,则2(1,1,1)=n .PDAB CFExyxz x若平面AFD ⊥平面PCD ,则120n n ⋅=,所以(22)0λλ-+=,解得23λ=. 所以当23λ=时,平面AFD ⊥平面PCD .…………………………………………14分 (18)(本小题满分1 3分)解:函数定义域为{|0}x x >, 且(2)(1)'()2(2)a x a x f x x a x x--=-++=…………2分 ①当0a ≤,即02a≤时,令()0f x '<,得01x <<,函数()f x 的单调递减区间为(0,1), 令()0f x '>,得1x >,函数()f x 的单调递增区间为(1,)+∞.②当012a <<,即02a <<时,令()0f x '>,得02ax <<或1x >, 函数()f x 的单调递增区间为(0,)2a,(1,)+∞.令()0f x '<,得12a x <<,函数()f x 的单调递减区间为(,1)2a.③当12a=,即2a =时,()0f x '≥恒成立,函数()f x 的单调递增区间为(0,)+∞. …7分(Ⅱ)①当0a ≤时,由(Ⅰ)可知,函数()f x 的单调递减区间为(0,1),()f x 在(1,2]单调递增.所以()f x 在(0,2]上的最小值为(1)1f a =+,由于22422221121()2(1)10e e e e e e a a f =--+=--+>, 要使()f x 在(0,2]上有且只有一个零点,需满足(1)0f =或(1)0,(2)0,f f <⎧⎨<⎩解得1a =-或2ln 2a <-.②当02a <≤时,由(Ⅰ)可知,(ⅰ)当2a =时,函数()f x 在(0,2]上单调递增;且48414(e )20,(2)22ln 20e e f f -=--<=+>,所以()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. (ⅱ)当02a <<时,函数()f x 在(,1)2a上单调递减,在(1,2]上单调递增;又因为(1)10f a =+>,所以当(,2]2ax ∈时,总有()0f x >.因为22-e 12a aa +<<+,所以22222222(e)e[e(2)](ln e22)0a a a a aaaaf a a a ++++----=-++++<.所以在区间(0,)2a 内必有零点.又因为()f x 在(0,)2a内单调递增,从而当02a <≤时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点.综上所述,02a <≤或2ln 2a <-或1a =-时,()f x 在(0,2]上有且只有一个零点. …………………………………………………………………………………………13分(19)(本小题满分14分)解:(Ⅰ)设椭圆的方程为()222210x y a b a b+=>>,依题意得22222,3,21314a b c c a a b ⎧=+⎪⎪⎪=⎨⎪⎪+=⎪⎩解得24a =,21b =. 所以椭圆C 的方程为2214x y +=. ………………………………………………4分(Ⅱ)显然点(2,0)A .(1)当直线l 的斜率不存在时,不妨设点E 在x 轴上方,易得33(1,),(1,)22E F -,33(3,),(3,)22M N -,所以1EM FN ⋅=. …………………………………………6分(2)当直线l 的斜率存在时,由题意可设直线l 的方程为(1)y k x =-,显然0k =时,不符合题意.由22(1),440y k x x y =-⎧⎨+-=⎩得2222(41)8440k x k x k +-+-=. 设1122(,),(,)E x y F x y ,则22121222844,4141k k x x x x k k -+==++. 直线AE ,AF 的方程分别为:1212(2),(2)22y y y x y x x x =-=---, 令3x =,则1212(3,),(3,)22y yM N x x --. 所以1111(3)(3,)2y x EM x x -=--,2222(3)(3,)2y x FN x x -=--. ……………………10分所以11221212(3)(3)(3)(3)22y x y x EM FN x x x x --⋅=--+⋅--121212(3)(3)(1)(2)(2)y y x x x x =--+--2121212(1)(1)(3)(3)(1)(2)(2)x x x x k x x --=--+⋅--2121212121212()1[3()9][1]2()4x x x x x x x x k x x x x -++=-++⨯+⋅-++222222222222244814484141(39)(1)4484141244141k k k k k k k k k k k k k --+-++=-⋅+⋅+⋅-++-⋅+++ 22221653()(1)414k k k k+-=⋅++ 22216511164164k k k +==+++. ……………………………………………12分 因为20k >,所以21644k +>,所以22165511644k k +<<+,即5(1,)4EM FN ⋅∈. 综上所述,EM FN ⋅的取值范围是5[1,)4. ……………………………………14分(20)(本小题满分13分) 解:(Ⅰ)1011()|23|7654321012857kk k S xx τ+==-=+++++++++=∑. ……3分(Ⅱ)数10,9,8,7,6,5,4,3,2,1的2倍与3倍分别如下:20,18,16,14,12,10,8,6,4,2, 30,27,24,21,18,15,12,9,6,3其中较大的十个数之和与较小的十个数之和的差为20372131-=,所以()131S τ≤. 对于排列0(1,5,6,7,2,8,3,9,4,10)τ=,此时0()131S τ=,所以()S τ的最大值为131. ……………………………………………………………8分(Ⅲ)由于数1,2,3,4所产生的8个数都是较小的数,而数7,8,9,10所产生的8个数都是较大的数,所以使()S τ取最大值的排列中,必须保证数1,2,3,4互不相邻,数7,8,9,10也互不相邻;而数5和6既不能排在7,8,9,10之一的后面,又不能排在1,2,3,4之一的前面.设11x =,并参照下面的符号排列1△○□△○□△○□△○其中2,3,4任意填入3个□中,有6种不同的填法;7,8,9,10任意填入4个圆圈○中,共有24种不同的填法;5填入4个△之一中,有4种不同的填法;6填入4个△中,且当与5在同一个△时,既可以在5之前又可在5之后,共有5种不同的填法,所以当11x =时,使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数为624452880⨯⨯⨯=,由轮换性知,使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数为28800. ……………………………13分北京市朝阳区高三年级第一次综合练习 数学学科测试选填解析(理工类)一、选择题 1. 【答案】A 【解析】11i 1i 11i 1i (1i)(1i)222++===+--+,故虚部为12.2. 【答案】D【解析】lg(2)0211x x x +≥⇒+≥⇒≥-,故{}lg(2)0{|1}N x x x x =+≥⇔≥-.由数轴可知,{|13}M N x x =-≤<,故选D .3. 【答案】A【解析】(3,1)AB OB OA =-=,//AB OC ,3(1)120m m ∴+-⨯=,3m ∴=-.故选择A .4. 【答案】C【解析】将直线转化为直角坐标系中的方程为:12x =; 将曲线转化为直角方程为: 2222cos 2cos 2x y x ρθρρθ=⇔=⇔+=,即22(1)1x y -+=; 由图形知11'22OC O C =⇒=,在Rt 'ACO ∆中, 由1','12O C O A ==可得'3AO C π∠=,即2'3AO B π∠=,故23AOB π∠=,选择C .5. 【答案】C 【解析】①若2απ=,则sin 1α=;若sin 1α=,则,2k k Z απ=+π∈;故“2απ=”是“sin 1α=”的充分不必要条件;②法一:3441241441()()22r r r r r rr x T C C x x---+==,令1240r -=,4r =,代入可得常数项为2;法二:由乘法法则知常数项为1个32x 和3个1x 相乘得到,故由排列组合原理知常数项为31341()22x C x=; ③由正态分布的对称性知,(1)P p ξ≤-=且1(0)2P ξ≤=,则1(10)2P p ξ-<<=-; 故选择C .6. 【答案】D【解析】如图,由三视图将几何体还原为1111ABCD A B C D -,并补形为2222ABCD A B C D -;由三视图可知底面ABCD 为边长为2的正方形,13D D =,112A A C C ==,11B B =.那么几何体的体积可以通过111122221211212112()ABCD A B C D ABCD A B C D D B B C C D B B A A V V V V ----=-+计算,故选择D .7. 【答案】A【解析】如图,过,A B 分别作抛物线准线的垂线,垂足分别为','A B ,由抛物线定义知,','A F A A B F B B ==,由梯形的中位线知11('')()22MN AA BB AF BF =+=+,所以||||2AF BF MN AB AB +=, 又由余弦定理222cos 2AF BF ABAFB AF BF+-∠=,知2222()AB AF BF AF BF AF BF AF BF =++=+-, 2223()()()24AF BFAF BF AF BF +≤+-=+,故23()A B A F B F≥+ 代入可知||13||233AF BF MN AB AB +=≤=,故选择A .8. 【答案】B【解析】将()21f x x =+代入000()(1)()63f x f x f x n +++++=整理得, 0(1)[2(1)]63n x n +++=;由*0x N ∈知(1)n +,*02(1)x n N ++∈且02(1)2(1)n x n ≤+<++,故(1)|63n +,那么0132121n x n +=⎧⎨++=⎩或017219n x n +=⎧⎨++=⎩,解得029n x =⎧⎨=⎩或061n x =⎧⎨=⎩,即“生成点”有两个,为(1,6)和(9,2),故选择B .二、填空题 9. 【答案】2;10【解析】由等比中项可知,232432a a a a ==,则32a =;那么332b a ==,由等差中项性质可知,5123453510S b b b b b b =++++==.10.【答案】24【解析】由正弦定理知,sin 3sin sin B A B =,即1sin 3A =,故2tan 4A =.11.【答案】20【解析】1371120S =-+++=.12.【答案】1;2【解析】由切割线定理知,2()CD AD DB AD AD AB ==+,故1AD =;在CA D ∆中,知30o ACD ∠=,由弦切角定理及同弧所对圆周角等于圆心角一半知60o AOC ∠=,故AOC ∆为等边三角形,所以圆O 的半径为2.13.【答案】22(,)53【解析】由已知知,函数()y f x =周期为2,可画函数图像如图;()2(2)f x ax a a x =+=+有四个不等的实根,等价于()y f x =与(2)y a x =+有四个交点,而(2)y a x =+恒过定点(2,0)-,如图可知,则(2)y a x =+介于1l 与2l 之间,且取不到,那么斜率22(,)53a ∈14.【答案】[,]-55.【解析】解:设直线OA 方程为y kx =,由题可求出k 的取值范围为[,]-11,联立直线与圆的方程得(,)k A k k ++224411,设(,)C x kx ,又OA OC ⋅=20得x =5,故C 点纵坐标为[,]k ∈-555.。

北京市朝阳区2013届高考一模数学理试题(WORD解析版)

北京市朝阳区2013届高考一模数学理试题(WORD解析版)

2013年北京市朝阳区高考数学一模试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.1.(5分)(2013•朝阳区一模)i为虚数单位,复数的虚部是()A.B.C.D.考点:复数的基本概念;复数代数形式的乘除运算.专题:计算题.分析:利用复数的除法法则,把分子、分母分别乘以分母的共轭复数即可得出.解答:解:复数==的虚部是.故选A.点评:熟练掌握复数的运算法则和共轭复数是解题的关键.2.(5分)(2013•朝阳区一模)已知集合M={x|﹣2<x<3},N={x|lg(x+2)≥0},则M∩N=()A.(﹣2,+∞)B.(﹣2,3)C.(﹣2,﹣1]D.[﹣1,3)考点:交集及其运算.专题:函数的性质及应用.分析:解对数不等式可以求出集合N,进而根据集合交集及其运算,求出M∩N.解答:解:∵N={x|lg(x+2)≥0}=[﹣1,+∞),集合M={x|﹣2<x<3},则M∩N=[﹣1,3)故选D.点评:本题考查的知识点是对数不等式的解法,集合的交集及其运算,其中解不等式求出集合N是解答本题的关键.3.(5分)(2013•朝阳区一模)已知向量,.若,则实数m的值为()A.﹣3 B.C.D.考点:平行向量与共线向量;平面向量的坐标运算.专题:平面向量及应用.分析:先求得得==(3,1),再由,则这两个向量的坐标对应成比例,解方程求得实数m的值.解答:解:由题意可得==(3,1),若,则这两个向量的坐标对应成比例,即,解得m=﹣3,故选A.点评:本题主要考查两个向量共线的性质,两个向量坐标形式的运算,属于中档题.4.(5分)(2013•朝阳区一模)在极坐标系中,直线与曲线ρ=2cosθ相交于A,B两点,O为极点,则∠AOB的大小为()A.B.C.D.考点:点的极坐标和直角坐标的互化.专题:直线与圆.分析:把极坐标方程化为直角坐标方程,求出AC,DC的值,可得∠AOC的值,从而得到∠AOB=2∠AOC 的值.解答:解:直线ρcosθ=即x=,曲线ρ=2cosθ即ρ2=2ρcosθ,即(x﹣1)2+y2=1,表示以C(1,0)为圆心,以1为半径的圆.如图.Rt△ADC中,∵cos∠ACO==,∴∠ACO=,在△AOC中,AC=OC,∴∠AOC=,∴∠AOB=2∠AOC=,故选C.点评:本题考查把极坐标方程化为直角坐标方程的方法,直线和圆的位置关系,求出∠ACO是解题的关键.5.(5分)(2013•朝阳区一模)在下列命题中,①“”是“sinα=1”的充要条件;②的展开式中的常数项为2;③设随机变量ξ~N(0,1),若P(ξ≥1)=p,则.其中所有正确命题的序号是()A.②B.③C.②③D.①③考点:命题的真假判断与应用.专题:计算题.分析:①利用特殊值α=,判断出为假命题.②利用二项展开式的通项公式求出第r+1项,令x的指数为0得常数项.③根据随机变量ξ~N(0,1),正态曲线关于x=0对称,得到对称区间对应的概率相等,根据大于1的概率得到小于﹣1的概率,根据对称轴一侧的区间的概率是,得到结果.解答:解:①是假命题.α=,是能推得sinα=1,反之,sinα=1,α可以为或其他数值.②:的通项为T r+1=C()r=2r﹣4C4r x12﹣4r令12﹣4r=0得r=3∴展开式的常数项为T4=C43=2;正确;③:∵随机变量ξ~N(0,1),∴正态曲线关于x=0对称,∵P(ξ≥1)=p,∴P(ξ<﹣1)=p,∴P(﹣1<ξ<0)=﹣p,正确.故选C.点评:本题考查命题真假的判断,考查了充要条件、二项式定理、正态分布等知识.6.(5分)(2013•朝阳区一模)某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三视图如图所示,则这个几何体的体积为()A.4B.C.D.8考点:由三视图求面积、体积.专题:空间位置关系与距离.分析:三视图复原的几何体是长方体的三分之二,依据三视图的数据,得出长方体长、宽、高,即可求出几何体的体积.解答:解:三视图复原的几何体是长方体,长方体长、宽、高分别是:2,2,3,所以这个几何体的体积是2×2×3=12,长方体被一个平面所截,得到的几何体的是长方体的三分之二,如图所示,则这个几何体的体积为12×=8.故选D.点评:此题考查了由三视图判断几何体,考查三视图的读图能力,计算能力,空间想象能力,本题是基础题,常考题型.7.(5分)(2013•朝阳区一模)抛物线y2=2px(p>0)的焦点为F,已知点A,B为抛物线上的两个动点,且满足∠AFB=120°.过弦AB的中点M作抛物线准线的垂线MN,垂足为N,则的最大值为()A.B.1C.D.2考点:抛物线的简单性质.专题:计算题;圆锥曲线的定义、性质与方程.分析:设|AF|=a,|BF|=b,连接AF、BF.由抛物线定义得2|MN|=a+b,由余弦定理可得|AB|2=(a+b)2﹣ab,进而根据基本不等式,求得|AB|的取值范围,从而得到本题答案.解答:解:设|AF|=a,|BF|=b,连接AF、BF由抛物线定义,得|AF|=|AQ|,|BF|=|BP|在梯形ABPQ中,2|MN|=|AQ|+|BP|=a+b.由余弦定理得,|AB|2=a2+b2﹣2abcos120°=a2+b2+ab配方得,|AB|2=(a+b)2﹣ab,又∵ab≤()2,∴(a+b)2﹣ab≥(a+b)2﹣(a+b)2=(a+b)2得到|AB|≥(a+b).所以≤=,即的最大值为.故选:A点评:本题在抛物线中,利用定义和余弦定理求的最大值,着重考查抛物线的定义和简单几何性质、基本不等式求最值和余弦定理的应用等知识,属于中档题.8.(5分)(2013•朝阳区一模)已知函数f(x)=2x+1,x∈N*.若,使f(x0)+f(x0+1)+…+f(x0+n)=63成立,则称(x0,n)为函数f(x)的一个“生成点”.函数f(x)的“生成点”共有()A.1个B.2个C.3个D.4个考点:函数的值;数列的求和.专题:压轴题;新定义.分析:由f(x0)+f(x0+1)+…+f(x0+n)=63,得(2x0+1)+[2(x0+1)+1]+…+[2(x0+n)+1]=63,化简可得(n+1)(2x0+n+1)=63,由,得或,解出即可.解答:解:由f(x0)+f(x0+1)+…+f(x0+n)=63,得(2x0+1)+[2(x0+1)+1]+…+[2(x0+n)+1]=63所以2(n+1)x0+2(1+2+…n)+(n+1)=63,即(n+1)(2x0+n+1)=63,由,得或,解得或,所以函数f(x)的“生成点”为(1,6),(9,2).故选B.点评:本题考查数列求和及函数求值,考查学生对问题的阅读理解能力解决问题的能力.二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.把答案填在答题卡上.9.(5分)(2013•朝阳区一模)在等比数列{a n}中,2a3﹣a2a4=0,则a3=2,{b n}为等差数列,且b3=a3,则数列{b n}的前5项和等于10.考点:等比数列的通项公式;等比数列的前n项和.专题:等差数列与等比数列.分析:由题意可得a2a4=,代入已知可解得a3=2,进而可得b3=a3=2,代入等差数列的求和公式可得S5==,计算即可.解答:解:由等比数列的性质可得a2a4=,代入可得2a3﹣=0,解得a3=2,或a3=0(舍去);故b3=a3=2,由等差数列的求和公式和性质可得:数列{b n}的前5项和S5===5×2=10故答案为:2;10点评:本题考查等比数列和等差数列的性质和求和公式,属基础题.10.(5分)(2013•朝阳区一模)在△ABC中,a,b,c分别为角A,B,C所对的边.已知角A为锐角,且b=3asinB,则tanA=.考点:正弦定理.专题:解三角形.分析:由条件,利用正弦定理可得sinB=3sinAsinB,求得sinA的值,再由同角三角函数的基本关系求得tanA的值.解答:解:在△ABC中,角A为锐角,且b=3asinB,由正弦定理可得sinB=3sinAsinB,∵sinA≠0,故sinA=,∴cosA==tanA==,故答案为.点评:本题主要考查正弦定理,同角三角函数的基本关系,属于中档题.11.(5分)(2013•朝阳区一模)执行如图所示的程序框图,输出的结果S=20.考点:程序框图.分析:题目首先给累加变量S和循环变量i赋值,S=0,i=0.先执行一次运算S=S+2i﹣1,然后判断i≥6是否成立,不成立继续执行i=i+2,S=S+2i﹣1,成立时结束循环,输出S.解答:解:框图首先给累加变量S和循环变量i赋值,S=0,i=0.执行S=0+2×0﹣1=﹣1;判断0≥6不成立,执行i=0+2=2,S=﹣1+2×2﹣1=2;判断2≥6不成立,执行i=2+2=4,S=2+2×4﹣1=9;判断4≥6不成立,执行i=4+2=6,S=9+2×6﹣1=20;判断6≥6成立,跳出循环,输出S的值为20.故答案为20.点评:本题考查了程序框图,考查了直到型结构,直到型结构是先执行后判断,不满足条件执行循环,满足条件跳出循环,算法结束,是基础题.12.(5分)(2013•朝阳区一模)如图,圆O是△ABC的外接圆,过点C作圆O的切线交BA的延长线于点D.若,AB=AC=2,则线段AD的长是1;圆O的半径是2.考点:与圆有关的比例线段.专题:选作题.分析:①由切割线定理得CD2=DA•DB,即可得出DA;②由余弦定理可得∠DCA,利用弦切角定理可得∠ABC=∠DCA,再利用正弦定理得即可.解答:解:①∵CD是⊙O的切线,由切割线定理得CD2=DA•DB,CD=,DB=DA+AB=DA+2,∴,又DA>0,解得DA=1.②在△ACD中,由余弦定理可得cos∠ACD===,∵0<∠ACD<π,∴.根据弦切角定理可得∠ABC=∠DCA=.由正弦定理可得==4,∴R=2.故答案分别为1,2.点评:熟练掌握切割线定理、弦切角定理、正弦定理、余弦定理是解题的关键.13.(5分)(2013•朝阳区一模)函数f(x)是定义在R上的偶函数,且满足f(x+2)=f(x).当x∈[0,1]时,f(x)=2x.若在区间[﹣2,3]上方程ax+2a﹣f(x)=0恰有四个不相等的实数根,则实数a的取值范围是.考点:根的存在性及根的个数判断.专题:函数的性质及应用.分析:问题等价于在区间[﹣2,3]上函数f(x)与y=a(x+2)的图象有四个不同的交点,由函数的性质可作出它们的图象,由斜率公式可得边界,进而可得答案.解答:解:在区间[﹣2,3]上方程ax+2a﹣f(x)=0恰有四个不相等的实数根,等价于在区间[﹣2,3]上函数f(x)与y=a(x+2)的图象有四个不同的交点,由f(x+2)=f(x)可得函数的周期为2,且为偶函数,函数y=a(x+2)的图象为过定点(﹣2,0)且斜率为a的直线,作出它们的图象可得:由图图可知,当直线介于CB和CA之间符合题意,而由斜率公式可得k CB==,k CA==,故实数a的取值范围是:,故答案为:点评:不本题考查方程根的存在性及个数的判断,数形结合是解决问题的关键,属中档题.14.(5分)(2013•朝阳区一模)在平面直角坐标系xOy中,已知点A是半圆x2﹣4x+y2=0(2≤x≤4)上的一个动点,点C在线段OA的延长线上.当时,则点C的纵坐标的取值范围是[﹣5,5].考点:平面向量数量积的运算.专题:压轴题;平面向量及应用.分析:设点C(a,b),由题意可得=λ,且λ>0,当点A在点M(2,2)时,由=20,且a=b,解得b的值.当点A在点N(2,﹣2)时,由=20,且a=﹣b,解得b的值,从而求得C的纵坐标的取值范围.解答:解:半圆x2﹣4x+y2=0(2≤x≤4)即(x﹣2)2+y2=4 (2≤x≤4),设点C(a,b),由于与的方向相同,故=λ,且λ>0,当点A在点M(2,2)时,=2a+2b=20,且a=b,解得b=5.当点A在点N(2,﹣2)时,=2a+(﹣2b)=20,且a=﹣b,解得b=﹣5.综上可得,则点C的纵坐标的取值范围是[﹣5,5],故答案为[﹣5,5].点评:本题主要考查两个向量共线的性质,两个向量坐标形式的运算,体现了数形结合与分类讨论的数学思想,属于中档题三、解答题:本大题共6小题,共80分.解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程.15.(13分)(2013•朝阳区一模)已知函数(ω>0)的最小正周期为π.(Ⅰ)求ω的值及函数f(x)的单调递增区间;(Ⅱ)当时,求函数f(x)的取值范围.考点:二倍角的余弦;两角和与差的正弦函数;二倍角的正弦;正弦函数的单调性.专题:三角函数的图像与性质.分析:(Ⅰ)利用两角和的正弦公式,二倍角公式化简函数f(x)的解析式为,由此求得它的最小正周期.令,求得x的范围,即可得到函数f(x)的单调递增区间.(Ⅱ)因为,根据正弦函数的定义域和值域求得函数f(x)的取值范围.解答:解:(Ⅰ)==.…(4分)因为f(x)最小正周期为π,所以ω=2.…(6分)所以.由,k∈Z,得.所以函数f(x)的单调递增区间为[],k∈Z.…(8分)(Ⅱ)因为,所以,…(10分)所以.…(12分)所以函数f(x)在上的取值范围是[].…(13分)点评:本题主要考查两角和的正弦公式,二倍角公式,正弦函数的单调性和周期性,正弦函数的定义域和值域,属于中档题.16.(13分)(2013•朝阳区一模)盒子中装有四张大小形状均相同的卡片,卡片上分别标有数字﹣1,0,1,2.称“从盒中随机抽取一张,记下卡片上的数字后并放回”为一次试验(设每次试验的结果互不影响).(Ⅰ)在一次试验中,求卡片上的数字为正数的概率;(Ⅱ)在四次试验中,求至少有两次卡片上的数字都为正数的概率;(Ⅲ)在两次试验中,记卡片上的数字分别为ξ,η,试求随机变量X=ξ•η的分布列与数学期望EX.考点:离散型随机变量及其分布列;离散型随机变量的期望与方差.专题:概率与统计.分析:(Ⅰ)根据古典概型概率计算公式求解:P(A)=;(Ⅱ)设事件B:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数,则P(B)=1﹣P(),根据独立重复试验中某事件发生k次的概率计算公式即可求得;(Ⅲ)由题意可知ξ,η的可能取值为﹣1,0,1,2,从而随机变量X的可能取值为﹣2,﹣1,0,1,2,4.根据古典概型该类计算公式求得X取各值时的概率即可写出分布列,利用期望公式即可求得期望值;解答:解:(Ⅰ)设事件A:在一次试验中,卡片上的数字为正数,则.答:在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是.(Ⅱ)设事件B:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数.由(Ⅰ)可知在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是.所以.答:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数的概率为.(Ⅲ)由题意可知,ξ,η的可能取值为﹣1,0,1,2,所以随机变量X的可能取值为﹣2,﹣1,0,1,2,4.;;;;;.所以随机变量X的分布列为X ﹣2 ﹣1 0 1 2 4P所以.点评:本题考查离散型随机变量的分布列及期望,考查古典概型概率计算公式,考查学生对问题的阅读理解能力.17.(14分)(2013•朝阳区一模)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,平面PAC⊥平面ABCD,且PA⊥AC,PA=AD=2.四边形ABCD满足BC∥AD,AB⊥AD,AB=BC=1.点E,F分别为侧棱PB,PC上的点,且.(Ⅰ)求证:EF∥平面PAD;(Ⅱ)当时,求异面直线BF与CD所成角的余弦值;(Ⅲ)是否存在实数λ,使得平面AFD⊥平面PCD?若存在,试求出λ的值;若不存在,请说明理由.考点:直线与平面平行的判定;异面直线及其所成的角;平面与平面垂直的判定.专题:计算题;空间位置关系与距离;空间角.分析:(Ⅰ)由==λ可知,EF∥BC,依题意,可求得EF∥AD,再利用线面平行的判断定理即可证得结论;(Ⅱ)可证得PA,AB,AD两两垂直,以之为轴建立空间直角坐标系,可求得与的坐标,利用向量的数量积即可求得异面直线BF与CD所成角的余弦值;(Ⅲ)设F(x0,y0,z0),则=(x0,y0,z0﹣2),=(1,1,﹣2),由=λ,可求得F(λ,λ,2﹣2λ),再设出平面AFD的一个法向量为n1=(x1,y1,z1),平面PCD的一个法向量为n2=(x2,y2,z2),可求得这两个法向量的坐标,利用n1•n2=0,即可求得λ的值.解答:证明:(Ⅰ)由已知,==λ,所以EF∥BC.因为BC∥AD,所以EF∥AD.而EF⊄平面PAD,AD⊂平面PAD,所以EF∥平面PAD.…(4分)(Ⅱ)因为平面ABCD⊥平面PAC,平面ABCD∩平面PAC=AC,且PA⊥AC,所以PA⊥平面ABCD.所以PA⊥AB,PA⊥AD.又因为AB⊥AD,所以PA,AB,AD两两垂直.…(5分)如图所示,建立空间直角坐标系,因为AB=BC=1,PA=AD=2,所以A(0,0,0),B(1,0,0),C(1,1,0),D(0,2,0),P(0,0,2).当λ=时,F为PC中点,所以F(,,1),所以=(﹣,,1),=(﹣1,1,0).设异面直线BF与CD所成的角为θ,所以cosθ=|cos<,>|==,所以异面直线BF与CD所成角的余弦值为.…(9分)(Ⅲ)设F(x0,y0,z0),则=(x0,y0,z0﹣2),=(1,1,﹣2).由已知=λ,所以(x0,y0,z0﹣2)=λ(1,1,﹣2),所以,∴=(λ,λ,2﹣2λ).设平面AFD的一个法向量为n1=(x1,y1,z1),因为=(0,2,0),所以即,令z1=λ,得n1=(2λ﹣2,0,λ).设平面PCD的一个法向量为n2=(x2,y2,z2),因为=(0,2,﹣2),=(﹣1,1,0),所以即令x2=1,则n2=(1,1,1).若平面AFD⊥平面PCD,则n1•n2=0,所以(2λ﹣2)+λ=0,解得.所以当λ=时,平面AFD⊥平面PCD.…(14分)点评:本题考查直线与平面的平行,考查异面直线所成的角,考查面面垂直,突出考查空间直角坐标系在证明与计算中的应用.属于中档题.18.(13分)(2013•朝阳区一模)已知函数f(x)=x2﹣(a+2)x+alnx+2a+2,其中a≤2.(Ⅰ)求函数f(x)的单调区间;(Ⅱ)若函数f(x)在(0,2]上有且只有一个零点,求实数a的取值范围.考点:利用导数研究函数的单调性;函数的零点.专题:导数的综合应用.分析:(I)先求函数的定义域再求函数的导数,当导数大于0时函数单调递增,当导数小于0时单调递减.(II)此题考查的是函数的零点存在问题.在解答的过程当中要先结合函数f(x)在区间(0,2]内有且只有一个零点的条件,结合(I)中确定函数的增减区间,求出函数的极小值和极大值,再转化出不等关系,利用此不等关系即可获得问题的解答.解答:解:(I)函数定义域为x>0,且f′(x)=2x﹣(a+2)+=…(2分)①当a≤0,即时,令f'(x)<0,得0<x<1,函数f(x)的单调递减区间为(0,1),令f'(x)>0,得x>1,函数f(x)的单调递增区间为(1,+∞).②当,即0<a<2时,令f'(x)>0,得或x>1,函数f(x)的单调递增区间为,(1,+∞).令f'(x)<0,得,函数f(x)的单调递减区间为.③当,即a=2时,f'(x)≥0恒成立,函数f(x)的单调递增区间为(0,+∞).…(7分)(Ⅱ)①当a≤0时,由(Ⅰ)可知,函数f(x)的单调递减区间为(0,1),f(x)在(1,2]单调递增.所以f(x)在(0,2]上的最小值为f(1)=a+1,由于,要使f(x)在(0,2]上有且只有一个零点,需满足f(1)=0或解得a=﹣1或a<﹣.②当0<a≤2时,由(Ⅰ)可知,(ⅰ)当a=2时,函数f(x)在(0,2]上单调递增;且,所以f(x)在(0,2]上有且只有一个零点.(ⅱ)当0<a<2时,函数f(x)在上单调递减,在(1,2]上单调递增;又因为f(1)=a+1>0,所以当时,总有f(x)>0.因为e<1<a+2,所以f(e)=e[e﹣(a+2)]+(alne+2a+2)<0.所以在区间(0,)内必有零点.又因为f(x)在(0,)内单调递增,从而当0<a≤2时,f(x)在(0,2]上有且只有一个零点.综上所述,0<a≤2或a<﹣或a=﹣1时,f(x)在(0,2]上有且只有一个零点.…(13分)点评:此题考查的是利用导数研究函数的单调性,函数的零点存在问题.在解答的过程当中充分体现了等价转化的思想,以及零点定理的相关知识.值得同学们体会反思.19.(14分)(2013•朝阳区一模)已知中心在原点,焦点在x轴上的椭圆C过点,离心率为,点A为其右顶点.过点B(1,0)作直线l与椭圆C相交于E,F两点,直线AE,AF与直线x=3分别交于点M,N.(Ⅰ)求椭圆C的方程;(Ⅱ)求的取值范围.考平面向量数量积的运算;椭圆的标准方程.点:圆锥曲线的定义、性质与方程.专题:分析:(Ⅰ)设椭圆的方程为,依题意可得a、b、c的方程组,解之可得方程;(Ⅱ)由(Ⅰ)可知点A的坐标为(2,0).(1)当直线l的斜率不存在时,不妨设点E在x轴上方,可得;(2)当直线l的斜率存在时,写直线的方程,联立方程组,消y并整理得(4k2+1)x2﹣8k2x+4k2﹣4=0.进而由根与系数的关系表示出向量的数量积为,由k 的范围可得其范围,综合可得.解答:解:(Ⅰ)由题意,设椭圆的方程为,依题意得解之可得a2=4,b2=1.所以椭圆C的方程为.…(4分)(Ⅱ)由(Ⅰ)可知点A的坐标为(2,0).(1)当直线l的斜率不存在时,不妨设点E在x轴上方,易得,,所以.…(6分)(2)当直线l的斜率存在时,由题意可设直线l的方程为y=k(x﹣1),显然k=0时,不符合题意.由消y并整理得(4k2+1)x2﹣8k2x+4k2﹣4=0.设E(x1,y1),F(x2,y2),则.直线AE,AF的方程分别为:,令x=3,则.所以,.…(10分) 所以======.…(12分)因为k 2>0,所以16k 2+4>4,所以,即.综上所述,的取值范围是.…(14分)点评: 本题考查平面向量数量积的运算,涉及椭圆的标准方程,以及直线与椭圆的位置关系的应用,属中档题.20.(13分)(2013•朝阳区一模)设τ=(x 1,x 2,…,x 10)是数1,2,3,4,5,6,7,8,9,10的任意一个全排列,定义,其中x 11=x 1.(Ⅰ)若τ=(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1),求S (τ)的值;(Ⅱ)求S (τ)的最大值;(Ⅲ)求使S (τ)达到最大值的所有排列τ的个数.考点: 排列及排列数公式;数列的求和.专题: 等差数列与等比数列;概率与统计.分析:(Ⅰ)依题意,τ=(x 1,x 2,…,x 10)=(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1),代入S (τ)=|2x k﹣3x k+1|计算即可求得S(τ)的值;(Ⅱ)可求得数10,9,8,7,6,5,4,3,2,1的2倍与3倍,从而可求得其中较大的十个数之和与较小的十个数之和的差,从而可得S(τ)的最大值;(Ⅲ)利用数1,2,3,4所产生的8个数都是较小的数,而数7,8,9,10所产生的8个数都是较大的数,从而使S(τ)取最大值的排列中,必须保证数1,2,3,4互不相邻,数7,8,9,10也互不相邻;而数5和6既不能排在7,8,9,10之一的后面,又不能排在1,2,3,4之一的前面,利用排列组合知识即可求得答案.解答:解:(Ⅰ)∵τ=(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1),x11=x1,依题意,S(τ)=|2x k﹣3x k+1|,∴S(T)=|2x k﹣3x k+1|=7+6+5+4+3+2+1+0+1+28=57,.…(3分)(Ⅱ)数10,9,8,7,6,5,4,3,2,1的2倍与3倍分别如下:20,18,16,14,12,10,8,6,4,2,30,27,24,21,18,15,12,9,6,3其中较大的十个数之和与较小的十个数之和的差为203﹣72=131,所以S(τ)≤131.对于排列τ0=(1,5,6,7,2,8,3,9,4,10),此时S(τ0)=131,所以S(τ)的最大值为131.…(8分)(Ⅲ)由于数1,2,3,4所产生的8个数都是较小的数,而数7,8,9,10所产生的8个数都是较大的数,所以使S(τ)取最大值的排列中,必须保证数1,2,3,4互不相邻,数7,8,9,10也互不相邻;而数5和6既不能排在7,8,9,10之一的后面,又不能排在1,2,3,4之一的前面.设x1=1,并参照下面的符号排列1△○□△○□△○□△○其中2,3,4任意填入3个□中,有6种不同的填法;7,8,9,10任意填入4个圆圈○中,共有24种不同的填法;5填入4个△之一中,有4种不同的填法;6填入4个△中,且当与5在同一个△时,既可以在5之前又可在5之后,共有5种不同的填法,所以当x1=1时,使S (τ)达到最大值的所有排列τ的个数为6×24×4×5=2880,由轮换性知,使S(τ)达到最大值的所有排列τ的个数为28800.…(13分)点评:本题考查排列及排列数公式,考查抽象思维与综合分析能力,考查运算能力,属于难题.。

【2013朝阳一模】北京市朝阳区2013届高三第一次综合练习 理科数学

【2013朝阳一模】北京市朝阳区2013届高三第一次综合练习 理科数学

北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试(理工类)2013.4(考试时间120分钟 满分150分)本试卷分为选择题(共40分)和非选择题(共110分)两部分第一部分(选择题 共40分)一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项. (1)i 为虚数单位,复数11i-的虚部是A .12B .12-C .1i 2-D .1i 2【答案】A111111(1)(1)222i i i ii i ++===+--+,所以虚部是12,选A.(2)已知集合{}23M x x =-<<,{}lg (2)0N x x =+≥,则M N =A. (2,)-+∞B. (2,3)-C. (2,1]--D. [1,3)-【答案】D{}lg (2)0{21}{1}N x x x x x x =+≥=+≥=≥-,所以{13}M N x x =-≤< ,选D.(3)已知向量()()3,4,6,3O A O B =-=- ,()2,1O C m m =+.若//A B O C ,则实数m 的值为A .3-B .17-C .35-D .35【答案】A(3,1)A B O B O A =-=,因为//A B O C ,所以3(1)20m m +-=,解得3m =-,选A.(4)在极坐标系中,直线1c o s 2ρθ=与曲线2c o s ρθ=相交于,A B 两点, O 为极点,则A OB ∠的大小为A .3π B .2π C .32π D .65π【答案】C直线1c o s 2ρθ=对应的直角方程为12x =,由2c o s ρθ=得22c o s ρρθ=,即222x y x +=,即22(1)1x y -+=。

所以圆心为(1,0)C ,半径为1,所以3O C A π∠=,所以223A OB OC A π∠=∠=,选C.(5)在下列命题中,①“2απ=”是“sin 1α=”的充要条件;②341()2xx+的展开式中的常数项为2;③设随机变量ξ~(0,1)N ,若(1)P p ξ≥=,则1(10)2P p ξ-<<=-.其中所有正确命题的序号是 A .② B .③ C .②③ D .①③ 【答案】C①由s in 1α=,得2,2k k Z παπ=+∈,所以①错误。

北京市朝阳区高三数学理科一模试题及答案

北京市朝阳区高三数学理科一模试题及答案

北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试(理工类)2013.4一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分. (1)i 为虚数单位,复数11i-的虚部是 A.12 B.12- C .1i 2- D . 1i 2(2)已知集合{}23M x x =-<<,{}lg(2)0N x x=+≥,则MN=A. (2,)-+∞ B. (2,3)- C. (2,1]-- D. [1,3)-(3)已知向量()()3,4,6,3OA OB =-=-,()2,1OC m m =+.若//AB OC ,则实数m 的值为A .3-B .17-C .35- D .35(4)在极坐标系中,直线1cos 2ρθ=与曲线2cos ρθ=相交于,A B 两点, O 为极点,则AOB ∠的 大小为 A .3π B .2π C .32π D .65π(5)在下列命题中,①“2απ=”是“sin 1α=”的充要条件; ②341()2x x+的展开式中的常数项为2; ③设随机变量ξ~(0,1)N ,若(1)P p ξ≥=,则1(10)2P p ξ-<<=-.其中所有正确命题的序号是 A .② B .③ C .②③ D .①③(6)某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三 视图如图所示,则这个几何体的体积为A. 4B.C.D. 8正视图侧视图俯视图(7)抛物线22y px =(p >0)的焦点为F ,已知点A ,B 为抛物线上的两个动点,且满足120AFB ∠=︒.过弦AB 的中点M 作抛物线准线的垂线MN ,垂足为N ,则||||MN AB 的最大值为A.B. 1C. D. 2 (8)已知函数*()21,f x x x =+∈N .若*0,x n ∃∈N ,使000()(1)()63f x f x f x n +++++=成立,则称0(,)x n 为函数()f x 的一个“生成点”.函数()f x 的“生成点”共有 A. 1个 B .2个 C .3个 D .4个二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.(9)在等比数列{}n a 中,32420a a a -=,则3a = ,{}n b 为等差数列,且33b a =,则数列{}n b 的前5项和等于 .(10)在ABC ∆中, a ,b ,c 分别为角A , B ,C 所对的边.已知角A 为锐角,且3sin b a B =,则tan A = .(11)执行如图所示的程序框图,输出的结果S= .(12)如图,圆O 是ABC ∆的外接圆,过点C 作圆O 的切 线交BA 的延长线于点D .若CD =2AB AC ==,则线段AD 的长是 ;圆O 的 半径是 . (13)函数)(x f 是定义在R 上的偶函数,且满足(2)()f x f x +=.当[0,1]x ∈时,()2f x x =.若在区间[2,3]-上方程2()0ax a f x +-=恰有四个不相等的实数根,则实数a 的取值范围是 .(14)在平面直角坐标系xOy 中,已知点A 是半圆2240x x y -+=(2≤x ≤4)上的一个动点,点C 在线段OA 的延长线上.当20OA OC ⋅=时,则点C 的纵坐标的取值范围是 .D三、解答题:本大题共6小题,共80分. (15)(13分)已知函数21()sin sin 222x f x x ωω=-+(0ω>)的最小正周期为π. (Ⅰ)求ω的值及函数()f x 的单调递增区间;(Ⅱ)当[0,]2x π∈时,求函数()f x 的取值范围.(16)(13分)盒子中装有四张大小形状均相同的卡片,卡片上分别标有数字1,01-,,2.称“从盒中随机抽取一张,记下卡片上的数字后并放回”为一次试验(设每次试验的结果互不影响). (Ⅰ)在一次试验中,求卡片上的数字为正数的概率;(Ⅱ)在四次试验中,求至少有两次卡片上的数字都为正数的概率;(Ⅲ)在两次试验中,记卡片上的数字分别为ξη,,试求随机变量X=ξη⋅的分布列与数学期望EX .(17)(14分)如图,在四棱锥P ABCD -中,平面PAC ⊥平面ABCD ,且PA AC ⊥,2PA AD ==.四边形ABCD 满足BCAD ,AB AD ⊥,1AB BC ==.点,E F 分别为侧棱,PB PC 上的点,且PE PFPB PCλ==. (Ⅰ)求证:EF 平面PAD ;(Ⅱ)当12λ=时,求异面直线BF 与CD 所成角的余弦值; (Ⅲ)是否存在实数λ,使得平面AFD ⊥平面PCD ?若存在,试求出λ的值;若不存在,请说明理由.(18)(13分)已知函数2()(2)ln 22f x x a x a x a =-++++,其中2a ≤.PDABCFE(Ⅰ)求函数()f x 的单调区间;(Ⅱ)若函数()f x 在(]0,2上有且只有一个零点,求实数a 的取值范围.(19)(14分)已知中心在原点,焦点在x 轴上的椭圆C 过点(1,)2,离心率为2,点A 为其右顶点.过点(10)B ,作直线l 与椭圆C 相交于,E F 两点,直线AE ,AF 与直线3x =分别交于点M ,N .(Ⅰ)求椭圆C 的方程; (Ⅱ)求EM FN ⋅的取值范围.(20)(13分)设1210(,,,)x x x τ=是数1,2,3,4,5,6,7,8,9,10的任意一个全排列,定义1011()|23|k k k S x x τ+==-∑,其中111x x =.(Ⅰ)若(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1)τ=,求()S τ的值; (Ⅱ)求()S τ的最大值;(Ⅲ)求使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数.北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试答案(理工类)2013.4三、解答题:(15)(本小题满分13分)解:(Ⅰ)1cos 1()222x f x x ωω-=-+1cos 22x x ωω=+ sin()6x ωπ=+. …………………………………………4分因为()f x 最小正周期为π,所以2ω=. ………………………………6分 所以()sin(2)6f x x π=+.由222262k x k ππππ-≤+≤π+,k ∈Z ,得36k x k πππ-≤≤π+.所以函数()f x 的单调递增区间为[,36k k πππ-π+],k ∈Z . ………………8分(Ⅱ)因为[0,]2x π∈,所以72[,]666x πππ+∈, …………………………………10分 所以1sin(2)126x π-≤+≤. ………………………………………12分所以函数()f x 在[0,]2π上的取值范围是[1,12-]. ……………………………13分(16)(本小题满分13分)解:(Ⅰ)设事件A :在一次试验中,卡片上的数字为正数,则 21()42P A ==. 答:在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是12.…………………………3分(Ⅱ)设事件B :在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数.由(Ⅰ)可知在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是12. 所以041344111111()1[()()()]222216P B C C =-⋅+⋅=. 答:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数的概率为1116.……………7分 (Ⅲ)由题意可知,ξη,的可能取值为1,01-,,2,所以随机变量X 的可能取值为2,101,--,,,24.21(2)448P X=-==⨯; 21(1)448P X=-==⨯; 77(0)4416P X===⨯; 21(=1)448P X ==⨯;21(=2)448P X ==⨯; 11(=4)4416P X ==⨯.所以随机变量X 的分布列为所以1()2101881688164E X =-⨯-⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=24.……………………13分(17)(本小题满分14分) 证明:(Ⅰ)由已知,PE PFPB PCλ==, 所以 EF BC . 因为BCAD ,所以EFAD .而EF ⊄平面PAD ,AD ⊂平面PAD , 所以EF平面PAD . ……………………………………………………4分(Ⅱ)因为平面ABCD ⊥平面PAC ,平面ABCD平面PAC AC =,且PA AC ⊥,所以PA ⊥平面ABCD . 所以PA AB ⊥,PA AD ⊥. 又因为AB AD ⊥,所以,,PA AB AD 两两垂直. ……………………………………………………5分如图所示,建立空间直角坐标系, 因为1AB BC ==,2PA AD ==, 所以()()0,0,01,0,0,A B ,()()()1,1,0,0,2,0,0,0,2C D P .当12λ=时,F 为PC 中点, 所以11(,,1)22F ,所以11(,,1),(1,1,0)22BF CD =-=-.设异面直线BF 与CD 所成的角为θ,所以11|(,,1)(1,1,0)|cos |cos ,|3BF CD θ-⋅-=〈〉==, 所以异面直线BF 与CD 9分 (Ⅲ)设000(,,)F x y z ,则000(,,2),(1,1,2)PF x y z PC =-=-. 由已知PF PC λ=,所以000(,,2)(1,1,2)x y z λ-=-,所以000,,22.x y z λλλ=⎧⎪=⎨⎪=-⎩ 所以(,,22)AF λλλ=-.设平面AFD 的一个法向量为1111(,,)x y z =n ,因为()0,2,0AD =,所以110,0.AF AD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即1111(22)0,20.x y z y λλλ++-=⎧⎨=⎩令1z λ=,得1(22,0,)λλn =-.设平面PCD 的一个法向量为2222(,,)x y z =n ,因为()()0,2,2,1,1,0PD CD =-=-,所以220,0.PD CD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即2222220,0. y z x y -=⎧⎨-+=⎩令21x =,则2(1,1,1)=n .若平面AFD ⊥平面PCD ,则120n n ⋅=,所以(22)0λλ-+=,解得23λ=. 所以当23λ=时,平面AFD ⊥平面PCD .…………………………………………14分 (18)(本小题满分1 3分)解:函数定义域为{}0x x >, 且(2)(1)()2(2).a x a x f x x a x x--'=-++=…………2分 ①当0a ≤,即02a≤时,令()0f x '<,得01x <<,函数()f x 的单调递减区间为(0,1), 令()0f x '>,得1x >,函数()f x 的单调递增区间为(1,)+∞.②当012a <<,即02a <<时,令()0f x '>,得02ax <<或1x >, 函数()f x 的单调递增区间为(0,)2a,(1,)+∞.令()0f x '<,得12a x <<,函数()f x 的单调递减区间为(,1)2a.③当12a=,即2a =时,()0f x '≥恒成立,函数()f x 的单调递增区间为(0,)+∞. …7分(Ⅱ)①当0a ≤时,由(Ⅰ)可知,函数()f x 的单调递减区间为(0,1),()f x 在(1,2]单调递增. 所以()f x 在(]0,2上的最小值为(1)1f a =+, 由于22422221121()2(1)10e e e e e e a a f =--+=--+>, 要使()f x 在(]0,2上有且只有一个零点, 需满足(1)0f =或(1)0,(2)0,f f <⎧⎨<⎩解得1a =-或2ln 2a <-. ②当02a <≤时,由(Ⅰ)可知,(ⅰ)当2a =时,函数()f x 在(0,2]上单调递增;且48414(e )20,(2)22ln 20e ef f -=--<=+>,所以()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. (ⅱ)当02a <<时,函数()f x 在(,1)2a上单调递减,在(1,2]上单调递增;又因为(1)10f a =+>,所以当(,2]2ax ∈时,总有()0f x >.因为22e12a aa +-<<+,所以22222222(e)e[e(2)](ln e22)0a a a a aaaaf a a a ++++----=-++++<.所以在区间(0,)2a 内必有零点.又因为()f x 在(0,)2a 内单调递增, 从而当02a <≤时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. 综上所述,02a <≤或2ln 2a <-或1a =-时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. …………………………………………………………………………………………13分 (19)(本小题满分14分)解:(Ⅰ)设椭圆的方程为()222210x y a b a b+=>>,依题意得22222,1314a b c c a ab ⎧=+⎪⎪⎪=⎨⎪⎪+=⎪⎩解得24a =,21b =. 所以椭圆C 的方程为2214x y +=. ………………………………………………4分 (Ⅱ)显然点(2,0)A .(1)当直线l 的斜率不存在时,不妨设点E 在x 轴上方,易得(1,E F,(3,),(3,22M N -,所以1EM FN ⋅=. …………………………………………6分 (2)当直线l 的斜率存在时,由题意可设直线l 的方程为(1)y k x =-,显然0k =时,不符合题意.由22(1),440y k x x y =-⎧⎨+-=⎩得2222(41)8440k x k x k +-+-=. 设1122(,),(,)E x y F x y ,则22121222844,4141k k x x x x k k -+==++.直线AE ,AF 的方程分别为:1212(2),(2)22y y y x y x x x =-=---, 令3x =,则1212(3,),(3,)22y yM N x x --.所以1111(3)(3,)2y x EM x x -=--,2222(3)(3,)2y x FN x x -=--. ……………………10分 所以11221212(3)(3)(3)(3)22y x y x EM FN x x x x --⋅=--+⋅-- 121212(3)(3)(1)(2)(2)y y x x x x =--+-- 2121212(1)(1)(3)(3)(1)(2)(2)x x x x k x x --=--+⋅-- 2121212121212()1[3()9][1]2()4x x x x x x x x k x x x x -++=-++⨯+⋅-++ 222222222222244814484141(39)(1)4484141244141k k k k k k k k k k k k k --+-++=-⋅+⋅+⋅-++-⋅+++ 22221653()(1)414k k k k+-=⋅++ 22216511164164k k k +==+++. ……………………………………………12分 因为20k >,所以21644k +>,所以22165511644k k +<<+,即5(1,)4EM FN ⋅∈. 综上所述,EM FN ⋅的取值范围是5[1,)4. ……………………………………14分(20)(本小题满分13分)解:(Ⅰ)1011()|23|7654321012857k k k S xx τ+==-=+++++++++=∑. ……3分(Ⅱ)数10,9,8,7,6,5,4,3,2,1的2倍与3倍分别如下:20,18,16,14,12,10,8,6,4,2,30,27,24,21,18,15,12,9,6,3其中较大的十个数之和与较小的十个数之和的差为20372131-=,所以()131S τ≤.对于排列0(1,5,6,7,2,8,3,9,4,10)τ=,此时0()131S τ=,所以()S τ的最大值为131. ……………………………………………………………8分(Ⅲ)由于数1,2,3,4所产生的8个数都是较小的数,而数7,8,9,10所产生的8个数都是较大的数,所以使()S τ取最大值的排列中,必须保证数1,2,3,4互不相邻,数7,8,9,10也互不相邻;而数5和6既不能排在7,8,9,10之一的后面,又不能排在1,2,3,4之一的前面.设11x =,并参照下面的符号排列1△○□△○□△○□△○其中2,3,4任意填入3个□中,有6种不同的填法;7,8,9,10任意填入4个圆圈○中,共有24种不同的填法;5填入4个△之一中,有4种不同的填法;6填入4个△中,且当与5在同一个△时,既可以在5之前又可在5之后,共有5种不同的填法,所以当11x =时,使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数为624452880⨯⨯⨯=,由轮换性知,使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数为28800. ……………………………13分。

北京市朝阳区2013届高三教学一模数学理习题

北京市朝阳区2013届高三教学一模数学理习题

2013年北京市旭日区高考数学一模试卷(理科)参照答案与试题分析一、选择题:本大题共8小题,每题5分,共40分.在每题给出的四个选项中,选出切合题目要求的一项.1.(5分)(2013?旭日区一模)i为虚数单位,复数的虚部是()A.B.C.D.考点:复数的基本观点;复数代数形式的乘除运算.专题:计算题.剖析:利用复数的除法法例,把分子、分母分别乘以分母的共轭复数即可得出.解答:解:复数==的虚部是.应选A.评论:娴熟掌握复数的运算法例和共轭复数是解题的重点.2.(5分)(2013?旭日区一模)已知会合()A.(﹣2,+∞)B.(﹣2,3)M={x|﹣2<x<3},N={x|lg(x+2)≥0},则C.(﹣2,﹣1]D.[﹣1,3)M∩N=考点:交集及其运算.专题:函数的性质及应用.剖析:解对数不等式能够求出会合N,从而依据会合交集及其运算,求出M∩N.解答:解:∵N={x|lg(x+2)≥0}=[﹣1,+∞),会合M={x|﹣2<x<3},则M∩N=[﹣1,3)应选D.评论:本题考察的知识点是对数不等式的解法,会合的交集及其运算,此中解不等式求出会合N是解答本题的重点.3.(5分)(2013?旭日区一模)已知向量,.若,则实数m的值为()A.﹣3B.C.D.考点:平行向量与共线向量;平面向量的坐标运算.专题:平面向量及应用.剖析:先求得得==(3,1),再由,则这两个向量的坐标对应成比率,解方程求得实数m的值.解答:解:由题意可得==(3,1),若,则这两个向量的坐标对应成比例,即,解得m=﹣3,应选A.评论:本题主要考察两个向量共线的性质,两个向量坐标形式的运算,属于中档题.4.(5分)(2013?旭日区一模)在极坐标系中,直线与曲线ρ=2cosθ订交于A,B两点,O为极点,则∠AOB的大小为()A.B.C.D.考点:点的极坐标和直角坐标的互化.专题:直线与圆.剖析:把极坐标方程化为直角坐标方程,求出AC,DC的值,可得∠AOC的值,从而获得∠AOB=2∠AOC的值.解答:222解:直线ρcosθ=即x=,曲线ρ=2cosθ即ρ=2ρcosθ,即(x﹣1)+y=1,表示以C(1,0)为圆心,以1为半径的圆.如图.Rt△ADC中,∵cos∠ACO==,∴∠ACO=,在△AOC中,AC=OC,∴∠AOC=,∴∠AOB=2∠AOC=,应选C.评论:本题考察把极坐标方程化为直角坐标方程的方法,直线和圆的地点关系,求出∠ACO是解题的重点.5.(5分)(2013?旭日区一模)在以下命题中,①“”是“sinα=1”的充要条件;②的睁开式中的常数项为2;③设随机变量ξ~N(0,1),若P(ξ≥1)=p,则.此中全部正确命题的序号是()A.②B.③C.②③D.①③考点:命题的真假判断与应用.专题:计算题.剖析:①利用特别值α=,判断出为假命题.②利用二项睁开式的通项公式求出第r+1项,令x的指数为0得常数项.③依据随机变量ξ~N(0,1),正态曲线对于x=0对称,获得对称区间对应的概率相等,依据大于1的概率获得小于﹣1的概率,依据对称轴一侧的区间的概率是,得到结果.解答:解:①是假命题.α=,是能推得sinα=1,反之,sinα=1,α能够为或其余数值.②:的通项为T r+1=Cr r﹣4r12﹣4r ()=2C4x令12﹣4r=0得r=33∴睁开式的常数项为T4=C4=2;正确;③:∵随机变量ξ~N(0,1),∴正态曲线对于x=0对称,P(ξ≥1)=p,∴P(ξ<﹣1)=p,∴P(﹣1<ξ<0)=﹣p,正确.应选C.评论:本题考察命题真假的判断,考察了充要条件、二项式定理、正态散布等知识.6.(5分)(2013?旭日区一模)某个长方体被一个平面所截,获得的几何体的三视图如图所示,则这个几何体的体积为()A.4B.C.D.8考点:由三视图求面积、体积.专题:空间地点关系与距离.剖析:三视图还原的几何体是长方体的三分之二,依照三视图的数据,得出长方体长、宽、高,即可求出几何体的体积.解答:解:三视图还原的几何体是长方体,长方体长、宽、高分别是:2,2,3,因此这个几何体的体积是2×2×3=12,长方体被一个平面所截,获得的几何体的是长方体的三分之二,以下图,则这个几何体的体积为12×=8.应选D.评论:本题考察了由三视图判断几何体,考察三视图的读图能力,计算能力,空间想象能力,本题是基础题,常考题型.7.(5分)(2013?旭日区一模)抛物线2(p>0)的焦点为F,已知点A,B为抛物线y=2px上的两个动点,且知足∠AFB=120°.过弦AB的中点M作抛物线准线的垂线MN,垂足为N,则的最大值为()A.B.1C.D.2考点:抛物线的简单性质.专题:计算题;圆锥曲线的定义、性质与方程.剖析:|AF|=a ,|BF|=b ,接AF 、BF .由抛物定得 2|MN|=a+b ,由余弦定理可得 2|AB|=a+b )2ab ,而依据基本不等式,求得|AB|的取范,从而获得本答案.解答:解:|AF|=a ,|BF|=b ,接AF 、BF由抛物定,得 |AF|=|AQ|,|BF|=|BP|在梯形ABPQ 中,2|MN|=|AQ|+|BP|=a+b .由余弦定理得,2 2 2 2 2|AB|=a+b2abcos120°=a+b+ab配方得,|AB|2 =(a+b ) 2ab , 又∵ab ≤()2,2222∴(a+b )ab ≥(a+b )(a+b )= (a+b )获得|AB|≥ (a+b ).因此 ≤= ,即 的最大 .故:A点:本在抛物中,利用定和余弦定理求的最大,侧重考抛物的定和几何性、基本不等式求最和余弦定理的用等知,属于中档.8.(5分)(2013?旭日区一模)已知函数 f (x )=2x+1,x ∈N *.若 ,使f (x 0)+f (x 0+1)+⋯+f (x 0+n )=63成立,称(x 0,n )函数f (x )的一个“生成点”.函数f (x )的“生成点”共有( )A .1个B .2个C .3个D .4个考点:函数的;数列的乞降.:;新定.剖析:由f (x 0)+f (x 0+1)+⋯+f (x 0+n )=63,得(2x 0+1)+[2(x 0+1)+1]+⋯+[2(x 0+n )+1]=63,化可得(n+1)(2x0+n+1)=63,由,得或,解出即可.解答:解:由f(x0)+f(x0+1)+⋯+f(x0+n)=63,得(2x0+1)+[2(x0+1)+1]+⋯+[2(x0+n)+1]=63因此2(n+1)x0+2(1+2+⋯n)+(n+1)=63,即(n+1)(2x0+n+1)=63,由,得或,解得或,因此函数f(x)的“生成点”(1,6),(9,2).故B.点:本考数列乞降及函数求,考学生的理解能力解决的能力.二、填空:本大共6小,每小5分,共30分.把答案填在答卡上.9.(5分)(2013?旭日区一模)在等比数列{a n}中,2a3a2a4=0,a3=2,{b n}等差数列,且b3=a3,数列{b n}的前5和等于10.考点:等比数列的通公式;等比数列的前n和.:等差数列与等比数列.剖析:由意可得a24,代入已知可解得333a=a=2,而可得b=a=2,代入等差数列的求和公式可得S5==,算即可.解答:解:由等比数列的性可得a2a4=,代入可得2a3=0,解得a3=2,或a3=0(舍去);故b3=a3=2,由等差数列的乞降公式和性可得:数列{b n}的前5和S5===5×2=10故答案:2;10点:本考等比数列和等差数列的性和乞降公式,属基.10.(5分)(2013?旭日区一模)在△ABC中,a,b,c分角A,B,C所的.已知角A角,且b=3asinB,tanA=.考点:正弦定理.:解三角形.剖析:由条件,利用正弦定理可得sinB=3sinAsinB,求得sinA的值,再由同角三角函数的基本关系求得tanA的值.解答:解:在△ABC中,角A为锐角,且b=3asinB,由正弦定理可得sinB=3sinAsinB,∵sinA≠0,故sinA=,∴cosA==tanA==,故答案为.评论:本题主要考察正弦定理,同角三角函数的基本关系,属于中档题.11.(5分)(2013?旭日区一模)履行以下图的程序框图,输出的结果S=20.考点:程序框图.剖析:题目第一给累加变量S和循环变量i赋值,S=0,i=0.先履行一次运算S=S+2i﹣1,而后判断i≥6能否成立,不可立持续履行i=i+2,S=S+2i﹣1,成即刻结束循环,输出S.解答:解:框图第一给累加变量S和循环变量i赋值,S=0,i=0.履行S=0+2×0﹣1=﹣1;判断0≥6不可立,履行i=0+2=2,S=﹣1+2×2﹣1=2;判断2≥6不可立,履行i=2+2=4,S=2+2×4﹣1=9;判断4≥6不可立,履行i=4+2=6,S=9+2×6﹣1=20;判断6≥6成立,跳出循环,输出S的值为20.故答案为20.评论:本题考察了程序框图,考察了直到型构造,直到型构造是先履行后判断,不知足条件履行循环,知足条件跳出循环,算法结束,是基础题.12.(5分)(2013?旭日区一模)如图,圆 BA 的延伸线于点 D .若,AB=AC=2O 是△ABC,则线段AD的外接圆,过点C 作圆O 的切线交的长是 1 ;圆O 的半径是 2 .考点:与 圆有关的比率线段.专题:选作题.2剖析:①由切割线定理得②由余弦定理可得∠DCA ,利用CD=DA?DB ,即可得出DA ;弦切角定理可得∠ABC=∠DCA ,再利用正弦定理得即可.解答:解:①∵CD 是⊙O 的切线,由切割线定理得CD 2=DA?DB ,CD=,DB=DA+AB=DA+2 ,∴ ,又DA >0,解得DA=1.②在△ACD 中,由余弦定理可得cos ∠ACD===,∵0<∠ACD<π,∴.依据弦切角定理可得∠ABC=∠DCA=.由正弦定理可得==4,∴R=2.故答案分别为 1,2.评论:娴熟掌握切割线定理、弦切角定理、正弦定理、余弦定理是解题的重点.13.(5分)(2013?旭日区一模)函数f (x )是定义在R 上的偶函数,且知足(fx+2)=f (x ).当x ∈[0,1]时,f (x )=2x .若在区间[﹣2,3]上方程ax+2a ﹣f (x )=0恰有四个不相等的实数根,则实数 a 的取值范围是 .考点:根的存在性及根的个数判断.专题:函数的性质及应用.剖析:问题等价于在区间[﹣2,3]上函数f (x )与y=a (x+2)的图象有四个不一样的交点,由函数的性质可作出它们的图象,由斜率公式可得界限,从而可得答案.解答:解:在区间[﹣2,3]上方程ax+2a ﹣f (x )=0恰有四个不相等的实数根,等价于在区间[﹣2,3]上函数f(x)与y=a(x+2)的图象有四个不一样的交点,由f(x+2)=f(x)可得函数的周期为2,且为偶函数,函数y=a(x+2)的图象为过定点(﹣2,0)且斜率为a的直线,作出它们的图象可得:由图图可知,当直线介于CB和CA之间切合题意,而由斜率公式可得k CB==,k CA==,故实数a的取值范围是:,故答案为:评论:不本题考察方程根的存在性及个数的判断,数形联合是解决问题的重点,属中档题.14.(5分)(2013?旭日区一模)在平面直角坐标系22 xOy中,已知点A是半圆x﹣4x+y=0(2≤x≤4)上的一个动点,点C在线段OA的延伸线上.当时,则点C的纵坐标的取值范围是[﹣5,5].考点:平面向量数目积的运算.专题:压轴题;平面向量及应用.剖析:设点C(a,b),由题意可得=λ,且λ>0,当点A在点M(2,2)时,由=20,且a=b,解得b的值.当点A在点N(2,﹣2)时,由=20,且a=﹣b,解得b的值,从而求得C的纵坐标的取值范围.2222解答:解:半圆x﹣4x+y=0(2≤x≤4)即(x﹣2)+y=4(2≤x≤4),设点C(a,b),因为与的方向同样,故=λ,且λ>0,当点A在点M(2,2)时,=2a+2b=20,且a=b,解得b=5.当点A在点N(2,﹣2)时,=2a+(﹣2b)=20,且a=﹣b,解得b=﹣5.上可得,点C的坐的取范是 [ 5,5],故答案[ 5,5].点:本主要考两个向量共的性,两个向量坐形式的运算,体了数形合与分的数学思想,属于中档三、解答:本大共6小,共80分.解答写出文字明,演算步或明程.15.(13分)(2013?旭日区一模)已知函数(ω>0)的最小正周期π.(Ⅰ)求ω的及函数f(x)的增区;(Ⅱ)当,求函数f(x)的取范.考二倍角的余弦;两角和与差的正弦函数;二倍角的正弦;正弦函数的性.点:三角函数的像与性.:分(Ⅰ)利用两角和的正弦公式,二倍角公式化函数(f x)的分析式,析:由此求得它的最小正周期.令,求得x的范,即可获得函数f(x)的增区.(Ⅱ)因,依据正弦函数的定域和域求得函数f(x)的取范.解解:(Ⅰ)答:==.⋯(4分)因f(x)最小正周期π,因此ω=2.⋯(6分)因此.由,k∈Z,得.因此函数f(x)的增区[],k∈Z.⋯(8分)(Ⅱ)因,因此,⋯(10分)因此.⋯(12分)因此函数f(x)在上的取范是[].⋯(13分)点本主要考两角和的正弦公式,二倍角公式,正弦函数的性和周期性,正弦函数:的定域和域,属于中档.16.(13分)(2013?旭日区一模)盒子中装有四大小形状均同样的卡片,卡片上分有数字1,0,1,2.称“从盒中随机抽取一,下卡片上的数字后并放回”一次(每次的果互不影响).(Ⅰ)在一次中,求卡片上的数字正数的概率;(Ⅱ)在四次中,求起码有两次卡片上的数字都正数的概率;(Ⅲ)在两次中,卡片上的数字分ξ,η,求随机量X=ξ?η的散布列与数学希望EX.考点:失散型随机量及其散布列;失散型随机量的希望与方差.:概率与.剖析:(Ⅰ)依据古典概型概率算公式求解:P(A)=;(Ⅱ)事件B:在四次中,起码有两次卡片上的数字都正数,P(B)=1P(),依据独立重复中某事件生k次的概率算公式即可求得;(Ⅲ)由意可知ξ,η的可能取1,0,1,2,从而随机量X的可能取2,1,0,1,2,4.依据古典概型算公式求得X取各的概率即可写出散布列,利用希望公式即可求得希望;解答:解:(Ⅰ)事件A:在一次中,卡片上的数字正数,.答:在一次中,卡片上的数字正数的概率是.(Ⅱ)事件B:在四次中,起码有两次卡片上的数字都正数.由(Ⅰ)可知在一次中,卡片上的数字正数的概率是.因此.答:在四次中,起码有两次卡片上的数字都正数的概率.(Ⅲ)由意可知,ξ,η的可能取1,0,1,2,因此随机变量X的可能取值为﹣2,﹣1,0,1,2,4.;;;;;.因此随机变量X的散布列为X﹣2﹣10 124P因此.评论:本题考察失散型随机变量的散布列及希望,考察古典概型概率计算公式,考察学生对问题的阅读理解能力.17.(14分)(2013?旭日区一模)如图,在四棱锥P﹣ABCD中,平面PAC⊥平面ABCD,且PA⊥AC,PA=AD=2.四边形ABCD知足BC∥AD,AB⊥AD,AB=BC=1.点E,F分别为侧棱PB,PC上的点,且.(Ⅰ)求证:EF∥平面PAD;(Ⅱ)当时,求异面直线BF与CD所成角的余弦值;(Ⅲ)能否存在实数λ,使得平面AFD⊥平面PCD?若存在,试求出λ的值;若不存在,请说明原因.考点:直线与平面平行的判断;异面直线及其所成的角;平面与平面垂直的判断.专题:计算题;空间地点关系与距离;空间角.剖析:(Ⅰ)由= =λ可知,EF∥BC,依题意,可求得EF∥AD,再利用线面平行的判判定理即可证得结论;(Ⅱ)可证得PA,AB,AD两两垂直,以之为轴成立空间直角坐标系,可求得与的坐标,利用向量的数目积即可求得异面直线BF与CD所成角的余弦值;(Ⅲ)F(x0,y0,z0),=(x0,y0,z02),=(1,1,2),由=λ,可求得F(λ,λ,2 2λ),再出平面AFD的一个法向量n1=(x1,y1,z1),平面PCD的一个法向量n2=(x2,y2,z2),可求得两个法向量的坐,利用n1?n2=0,即可求得λ的.解答:明:(Ⅰ)由已知,==λ,因此EF∥BC.因BC∥AD,因此EF∥AD.而EF?平面PAD,AD?平面PAD,因此EF∥平面PAD.⋯(4分)(Ⅱ)因平面ABCD⊥平面PAC,平面ABCD∩平面PAC=AC,且PA⊥AC,因此PA⊥平面ABCD.因此PA⊥AB,PA⊥AD.又因AB⊥AD,因此PA,AB,AD两两垂直.⋯(5分)如所示,成立空直角坐系,因AB=BC=1,PA=AD=2,因此A(0,0,0),B(1,0,0),C(1,1,0),D(0,2,0),P(0,0,2).当λ=,F PC中点,因此F(,,1),因此=(,,1),=(1,1,0).异面直BF与CD所成的角θ,因此cosθ=|cos<,>|==,因此异面直BF与CD所成角的余弦.⋯(9分)(Ⅲ)F(x0,y0,z0),=(x0,y0,z02),=(1,1,2).由已知=λ,因此(x0,y0,z02)=λ(1,1,2),因此,∴=(λ,λ,22λ).平面AFD的一个法向量n1=(x1,y1,z1),因=(0,2,0),因此即,令z1=λ,得n1=(2λ2,0,λ).平面PCD的一个法向量n2=(x2,y2,z2),因=(0,2,2),=(1,1,0),因此即令x2=1,n2=(1,1,1).若平面AFD⊥平面PCD,n1?n2=0,因此(2λ2)+λ=0,解得.因此当λ=,平面AFD⊥平面PCD.⋯(14分)点:本考直与平面的平行,考异面直所成的角,考面面垂直,突出考空直角坐系在明与算中的用.属于中档.18.(13分)(2013?旭日区一模)已知函数f(x)=x 2(a+2)x+alnx+2a+2,此中a≤2.(Ⅰ)求函数f(x)的区;(Ⅱ)若函数f(x)在(0,2]上有且只有一个零点,求数a的取范.考点:利用数研究函数的性;函数的零点.:数的适用.剖析:(I)先求函数的定域再求函数的数,当数大于0函数增,当数小于0减.(II)此考的是函数的零点存在.在解答的程中间要先合函数f(x)在区(0,2]内有且只有一个零点的条件,合(I)中确立函数的增减区,求出函数的极小和极大,再化出不等关系,利用此不等关系即可得的解答.解答:解:(I)函数定域x>0,且f′(x)=2x(a+2)+=⋯(2分)①当a≤0,即,令f'(x)<0,得0<x<1,函数f(x)的减区(0,1),令f'(x)>0,得x>1,函数f(x)的增区(1,+∞).②当,即0<a<2,令f'(x)>0,得或x>1,函数f(x)的增区,(1,+∞).令f'(x)<0,得,函数f(x)的减区.③当,即a=2,f'(x)≥0恒成立,函数f(x)的增区(0,+∞).⋯(7分)(Ⅱ)①当a≤0,由(Ⅰ)可知,函数f(x)的减区(0,1),f(x)在(1,2]增.因此f(x)在(0,2]上的最小f(1)=a+1,因为,要使f(x)在(0,2]上有且只有一个零点,需足f(1)=0或解得a=1或a<.②当0<a≤2,由(Ⅰ)可知,(ⅰ)当a=2,函数f(x)在(0,2]上增;且,因此f(x)在(0,2]上有且只有一个零点.(ⅱ)当0<a<2,函数f(x)在上减,在(1,2]上增;又因f(1)=a+1>0,因此当,有f(x)>0.因e<1<a+2,因此f(e)=e[e(a+2)]+(alne+2a+2)<0.因此在区( 0,)内必有零点.又因f(x)在(0,)内增,从而当0<a≤2,f(x)在(0,2]上有且只有一个零点.上所述,0<a≤2或a<或a=1,f(x)在(0,2]上有且只有一个零点.⋯(13分)点:此考的是利用数研究函数的性,函数的零点存在.在解答的程中间充足体了等价化的思想,以及零点定理的有关知.得同学领会反省.19.(14分)(2013?旭日区一模)已知中心在原点,焦点在x上的C点,离心率,点A其右点.点B(1,0)作直l与C订交于E,F两点,直AE,AF与直x=3分交于点M,N.(Ⅰ)求C的方程;(Ⅱ)求的取范.考平面向量数目的运算;的准方程.点:曲的定、性与方程.:分析(Ⅰ)的方程,依意可得a、b、c的方程,解之:可得方程;(Ⅱ)由(Ⅰ)可知点A的坐(2,0).(1)当直l的斜率不存在,不如点E 在x上方,可得;(2)当直l的斜率存在,写直的方程,立方程,消y并整理得(4k2+1)x28k2x+4k24=0.而由根与系数的关系表示出向量的数目,由k的范可得其范,合可得.解答解:(Ⅰ)由意,的方程:,依意得22.解之可得a=4,b=1因此C的方程.⋯(4分)(Ⅱ)由(Ⅰ)可知点A的坐(2,0).(1)当直l的斜率不存在,不如点E在x上方,易得,,因此.⋯(6分)(2)当直l的斜率存在,由意可直l的方程y=k(x1),然k=0,不切合意.由消y并整理得(4k 228k224=0.+1)x x+4kE(x1,y1),F(x2,y2),.直AE,AF的方程分:,令x=3,.因此,.⋯(10分)因此======.⋯(12分)因k 2>0,因此16k2+4>4,因此,即.上所述,的取范是.⋯(14分)点本考平面向量数目的运算,波及的准方程,以及直与的地点关系的用,属中档.:20.(13分)(2013?旭日区一模)τ=(x1,x2,⋯,x10)是数1,2,3,4,5,6,7,8,9,10的随意一个全摆列,定,此中x11=x1.(Ⅰ)若τ=(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1),求S(τ)的;(Ⅱ)求S(τ)的最大;(Ⅲ)求使S(τ)达到最大的全部摆列τ的个数.考点:摆列及摆列数公式;数列的乞降.:等差数列与等比数列;概率与.剖析:(Ⅰ)依意,τ=(x1,x2,⋯,x10)=(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1),代入S(τ)=|2x k3x k+1|算即可求得S(τ)的;(Ⅱ)可求得数10,9,8,7,6,5,4,3,2,1的2倍与3倍,从而可求得此中大的十个数之和与小的十个数之和的差,从而可得S(τ)的最大;(Ⅲ)利用数1,2,3,4所生的8个数都是小的数,而数7,8,9,10所生的8个数都是大的数,从而使S(τ)取最大的摆列中,必保数1,2,3,4互不相,数7,8,9,10也互不相;而数5和6既不可以排在7,8,9,10之一的后边,又不可以排在1,2,3,4之一的前方,利用摆列合知即可求得答案.解答:解:(Ⅰ)∵τ=(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1),x11=x1,依意,S(τ)=|2x k3x k+1|,S(T)=|2x k3x k+1|=7+6+5+4+3+2+1+0+1+28=57,.⋯(3分)(Ⅱ)数10,9,8,7,6,5,4,3,2,1的2倍与3倍分以下:20,18,16,14,12,10,8,6,4,2,30,27,24,21,18,15,12,9,6,3此中大的十个数之和与小的十个数之和的差20372=131,因此S(τ)≤131.于摆列τ)=131,0=(1,5,6,7,2,8,3,9,4,10),此S(τ0因此S(τ)的最大131.⋯(8分)(Ⅲ)因为数1,2,3,4所生的8个数都是小的数,而数7,8,9,10所生的8个数都是大的数,因此使S(τ)取最大的摆列中,必保数1,2,3,4互不相,数7,8,9,10也互不相;而数5和6既不可以排在7,8,9,10之一的后边,又不可以排在1,2,3,4之一的前方.x1=1,并参照下边的符号摆列1△○□△○□△○□△○此中2,3,4随意填入3个□中,有6种不一样的填法;7,8,9,10随意填入4个圈○中,共有24种不一样的填法;5填入4个△之一中,有4种不一样的填法;6填入4个△中,且当与5在同一个△,既能够在5以前又可在5以后,共有5种不一样的填法,因此当x1=1,使S(τ)达到最大的全部摆列τ的个数6×24×4×5=2880,由性知,使S(τ)达到最大的全部摆列τ的个数28800.⋯(13分)点:本考摆列及摆列数公式,考抽象思与合剖析能力,考运算能力,属于.。

2013年高三理科数学一模试题(朝阳区含答案)

2013年高三理科数学一模试题(朝阳区含答案)

2013年高三理科数学一模试题(朝阳区含答案)北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试(理工类)2013.4(考试时间120分钟满分150分)本试卷分为选择题(共40分)和非选择题(共110分)两部分第一部分(选择题共40分)一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.(1)为虚数单位,复数的虚部是A.B.C.D.(2)已知集合,,则A.B.C.D.(3)已知向量,.若,则实数的值为A.B.C.D.(4)在极坐标系中,直线与曲线相交于两点,为极点,则的大小为A.B.C.D.(5)在下列命题中,①“”是“”的充要条件;②的展开式中的常数项为;③设随机变量~,若,则.其中所有正确命题的序号是A.②B.③C.②③D.①③(6)某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三视图如图所示,则这个几何体的体积为A.B.C.D.8(7)抛物线(>)的焦点为,已知点,为抛物线上的两个动点,且满足.过弦的中点作抛物线准线的垂线,垂足为,则的最大值为A.B.1C.D.2(8)已知函数.若,使成立,则称为函数的一个“生成点”.函数的“生成点”共有A.1个B.2个C.3个D.4个第二部分(非选择题共110分)二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.把答案填在答题卡上.(9)在等比数列中,,则,为等差数列,且,则数列的前5项和等于.(10)在中,,,分别为角,,C所对的边.已知角为锐角,且,则.(11)执行如图所示的程序框图,输出的结果S=.(12)如图,圆是的外接圆,过点C作圆的切线交的延长线于点.若,,则线段的长是;圆的半径是.(13)函数是定义在上的偶函数,且满足.当时,.若在区间上方程恰有四个不相等的实数根,则实数的取值范围是.(14)在平面直角坐标系中,已知点是半圆(≤≤)上的一个动点,点在线段的延长线上.当时,则点的纵坐标的取值范围是.三、解答题:本大题共6小题,共80分.解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程.(15)(本小题满分13分)已知函数()的最小正周期为.(Ⅰ)求的值及函数的单调递增区间;(Ⅱ)当时,求函数的取值范围.(16)(本小题满分13分)盒子中装有四张大小形状均相同的卡片,卡片上分别标有数字.称“从盒中随机抽取一张,记下卡片上的数字后并放回”为一次试验(设每次试验的结果互不影响).(Ⅰ)在一次试验中,求卡片上的数字为正数的概率;(Ⅱ)在四次试验中,求至少有两次卡片上的数字都为正数的概率;(Ⅲ)在两次试验中,记卡片上的数字分别为,试求随机变量的分布列与数学期望.(17)(本小题满分14分)如图,在四棱锥中,平面平面,且,.四边形满足,,.点分别为侧棱上的点,且.(Ⅰ)求证:平面;(Ⅱ)当时,求异面直线与所成角的余弦值;(Ⅲ)是否存在实数,使得平面平面?若存在,试求出的值;若不存在,请说明理由.(18)(本小题满分13分)已知函数,其中.(Ⅰ)求函数的单调区间;(Ⅱ)若函数在上有且只有一个零点,求实数的取值范围.(19)(本小题满分14分)已知中心在原点,焦点在轴上的椭圆过点,离心率为,点为其右顶点.过点作直线与椭圆相交于两点,直线,与直线分别交于点,.(Ⅰ)求椭圆的方程;(Ⅱ)求的取值范围.(20)(本小题满分13分)设是数的任意一个全排列,定义,其中.(Ⅰ)若,求的值;(Ⅱ)求的最大值;(Ⅲ)求使达到最大值的所有排列的个数.北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试答案(理工类)2013.4一、选择题:题号(1)(2)(3)(4)(5)(6)(7)(8)答案ADACCDAB二、填空题:题号(9)(10)(11)(12)(13)(14)答案,(注:两空的填空,第一空3分,第二空2分)三、解答题:(15)(本小题满分13分)解:(Ⅰ).…………………………………………4分因为最小正周期为,所以.………………………………6分所以.由,,得.所以函数的单调递增区间为],.………………8分(Ⅱ)因为,所以,…………………………………10分所以.………………………………………12分所以函数在上的取值范围是].……………………………13分(16)(本小题满分13分)解:(Ⅰ)设事件A:在一次试验中,卡片上的数字为正数,则.答:在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是. (3)分(Ⅱ)设事件B:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数.由(Ⅰ)可知在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是.所以.答:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数的概率为.……………7分(Ⅲ)由题意可知,的可能取值为,所以随机变量的可能取值为.;;;;;.所以随机变量的分布列为所以.……………………13分(17)(本小题满分14分)证明:(Ⅰ)由已知,,所以.因为,所以.而平面,平面,所以平面.……………………………………………………4分(Ⅱ)因为平面平面,平面平面,且,所以平面.所以,.又因为,所以两两垂直.……………………………………………………5分如图所示,建立空间直角坐标系,因为,,所以.当时,为中点,所以,所以.设异面直线与所成的角为,所以,所以异面直线与所成角的余弦值为.…………………………………9分(Ⅲ)设,则.由已知,所以,所以所以.设平面的一个法向量为,因为,所以即令,得.设平面的一个法向量为,因为,所以即令,则.若平面平面,则,所以,解得.所以当时,平面平面.…………………………………………14分(18)(本小题满分13分)解:函数定义域为,且…………2分①当,即时,令,得,函数的单调递减区间为,令,得,函数的单调递增区间为.②当,即时,令,得或,函数的单调递增区间为,.令,得,函数的单调递减区间为.③当,即时,恒成立,函数的单调递增区间为.…7分(Ⅱ)①当时,由(Ⅰ)可知,函数的单调递减区间为,在单调递增. 所以在上的最小值为,由于,要使在上有且只有一个零点,需满足或解得或.②当时,由(Ⅰ)可知,(ⅰ)当时,函数在上单调递增;且,所以在上有且只有一个零点.(ⅱ)当时,函数在上单调递减,在上单调递增;又因为,所以当时,总有.因为,所以.所以在区间内必有零点.又因为在内单调递增,从而当时,在上有且只有一个零点.综上所述,或或时,在上有且只有一个零点.…………………………………………………………………………………………13分(19)(本小题满分14分)解:(Ⅰ)设椭圆的方程为,依题意得解得,.所以椭圆的方程为.………………………………………………4分(Ⅱ)显然点.(1)当直线的斜率不存在时,不妨设点在轴上方,易得,,所以.…………………………………………6分(2)当直线的斜率存在时,由题意可设直线的方程为,显然时,不符合题意.由得.新课标第一网设,则.直线,的方程分别为:,令,则.所以,.……………………10分所以.……………………………………………12分因为,所以,所以,即.综上所述,的取值范围是.……………………………………14分(20)(本小题满分13分)解:(Ⅰ).……3分(Ⅱ)数的倍与倍分别如下:其中较大的十个数之和与较小的十个数之和的差为,所以.对于排列,此时,所以的最大值为.……………………………………………………………8分(Ⅲ)由于数所产生的个数都是较小的数,而数所产生的个数都是较大的数,所以使取最大值的排列中,必须保证数互不相邻,数也互不相邻;而数和既不能排在之一的后面,又不能排在之一的前面.设,并参照下面的符号排列△○□△○□△○□△○其中任意填入个□中,有种不同的填法;任意填入个圆圈○中,共有种不同的填法;填入个△之一中,有种不同的填法;填入个△中,且当与在同一个△时,既可以在之前又可在之后,共有种不同的填法,所以当时,使达到最大值的所有排列的个数为,由轮换性知,使达到最大值的所有排列的个数为.……………………………13分。

【2013朝阳一模】北京市朝阳区2013届高三第一次综合练习-理科数学

【2013朝阳一模】北京市朝阳区2013届高三第一次综合练习-理科数学

北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试〔理工类〕2013.4〔考试时间120分钟 总分值150分〕本试卷分为选择题〔共40分〕和非选择题〔共110分〕两部分第一部分〔选择题 共40分〕一、选择题:本大题共8小题,每题5分,共40分.在每题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项. 〔1〕i 为虚数单位,复数11i-的虚部是 A .12 B .12- C .1i 2- D . 1i 2【答案】A111111(1)(1)222i i i i i i ++===+--+,所以虚部是12,选A. 〔2〕已知集合{}23M x x =-<<,{}lg(2)0N x x =+≥,则MN =A. (2,)-+∞B. (2,3)-C. (2,1]--D. [1,3)-【答案】D{}lg(2)0{21}{1}N x x x x x x =+≥=+≥=≥-,所以{13}M N x x =-≤<,选D.〔3〕已知向量()()3,4,6,3OA OB =-=-,()2,1OC m m =+.假设//AB OC ,则实数m 的值为A .3-B .17-C .35-D .35【答案】A(3,1)AB OB OA =-=,因为//AB OC ,所以3(1)20m m +-=,解得3m =-,选A.〔4〕在极坐标系中,直线1cos 2ρθ=与曲线2cos ρθ=相交于,A B 两点, O 为极点,则AOB ∠的大小为A .3πB .2πC .32πD .65π【答案】C直线1cos 2ρθ=对应的直角方程为12x =,由2cos ρθ=得22cos ρρθ=,即222x y x +=,即22(1)1x y -+=。

所以圆心为(1,0)C ,半径为1,所以3OCA π∠=,所以223AOB OCA π∠=∠=,选C. 〔5〕在以下命题中,①“2απ=”是“sin 1α=”的充要条件; ②341()2x x+的展开式中的常数项为2;③设随机变量ξ~(0,1)N ,假设(1)P p ξ≥=,则1(10)2P p ξ-<<=-. 其中所有正确命题的序号是 A .② B .③ C .②③ D .①③ 【答案】C①由sin 1α=,得2,2k k Z παπ=+∈,所以①错误。

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【2013朝阳一模】北京市朝阳区2013届高三第一次综合练习-理科数学北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试(理工类)2013.4(考试时间120分钟 满分150分) 本试卷分为选择题(共40分)和非选择题(共110分)两部分第一部分(选择题 共40分)一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.(1)i 为虚数单位,复数11i-的虚部是 A .12B .12-C .1i 2- D . 1i 2 【答案】A111111(1)(1)222i i i i i i ++===+--+,所以虚部是12,选A.(2)已知集合{}23M x x =-<<,{}lg(2)0N x x =+≥,则MN =A. (2,)-+∞B. (2,3)-C. (2,1]-- D. [1,3)-【答案】D{}lg(2)0{21}{1}N x x x x x x =+≥=+≥=≥-,所以{13}M N x x =-≤<,选D.(3)已知向量()()3,4,6,3OA OB =-=-,()2,1OC m m =+.若//AB OC,则实数m 的值为 A .3- B .17-C .35-D .35【答案】A(3,1)AB OB OA =-=,因为//AB OC,所以3(1)20m m +-=,解得3m =-,选A.(4)在极坐标系中,直线1cos 2ρθ=与曲线2cos ρθ=相交于,A B 两点, O 为极点,则AOB ∠的大小为A .3πB .2πC .32πD .65π 【答案】C直线1cos 2ρθ=对应的直角方程为12x =,由2cos ρθ=得22cos ρρθ=,即222xy x+=,即22(1)1x y -+=。

所以圆心为(1,0)C ,半径为1,所以3OCA π∠=,所以223AOB OCA π∠=∠=,选C.(5)在下列命题中,①“2απ=”是“sin 1α=”的充要条件; ②341()2x x+的展开式中的常数项为2;③设随机变量ξ~(0,1)N ,若(1)P pξ≥=,则1(10)2P p ξ-<<=-. 其中所有正确命题的序号是A .②B .③C .②③D .①③【答案】C①由sin 1α=,得2,2k k Z παπ=+∈,所以①错误。

②展开式的通项公式为34412414411()()()22k k k k k kk x T C C xx ---+==,由1240k -=得,3k =,所以常数项为341()22C =,所以②正确。

③因为(1)(1)P P pξξ≥=≤-=,所以1(1)(1)1(10)22P P P pξξξ-≥-≤--<<==-,所以③正确。

选C.(6)某个长方体被一个平面所截,得到的几何体的三视图如图所示,则这个几何体的体积为A. 4B. 42C.62D. 8【答案】D由三视图可知,该几何体的为,其中长方体底面为正方形,正方形的边长为 2.其中3,1HD BF ==,将相同的两个几何体放在一起,构成一个高为4的长方体,所以该几何体体积为122482⨯⨯⨯=。

(7)抛物线22ypx=(p >0)的焦点为F ,已知点A ,B为抛物线上的两个动点,且满足120AFB ∠=︒.过弦AB 的中点M 作抛物线准线的垂线MN ,垂足为N ,则||||MN AB 的最大值为A.33B. 1C. 233D. 2 【答案】A(8)已知函数*()21,f x x x =+∈N .若*0,x n ∃∈N ,使000()(1)()63f x f x f x n +++++=成立,则称0(,)x n 为函数()f x 的一个“生成点”.函数()f x 的“生成点”共有A. 1个 B .2个C .3个D .4个 【答案】B由题意知0000212(1)12()1(1)(21)63x x x n n x n ++++++++=+++=,因为0,x n N∈,所以12n +≥,021+1xn n ++>。

因为79=321=63⨯⨯,所以当13n +=时,00212321xn x ++=+=,此时解得02,9n x ==,生成点为(9,2)。

当17n +=时,0021279x n x ++=+=,此时解得06,1n x==,生成点为(1,6)。

所以函数()f x 的“生成点”共有2个,选B.第二部分(非选择题 共110分)二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.把答案填在答题卡上. (9)在等比数列{}na 中,32420aa a -=,则3a = ,{}n b 为等差数列,且33b a =,则数列{}n b 的前5项和等于 . 【答案】2,10在等比数列中232433220aa a a a -=-=,解得32a =。

在等差数列中332b a ==,所以153535()525521022b b b S b +⨯====⨯=。

(10)在ABC ∆中, a ,b ,c 分别为角A , B ,C 所对的边.已知角A为锐角,且3sin b a B =,则tan A =.【答案】24由3sin b a B=得sin 3sin sin B A B=,所以1sin 3A =,22cos 3A =,即2tan 4A =.(11)执行如图所示的程序框图,输出的结果S= .【答案】20第一次循环,0,1,i S ==-;第二次循环,2,12212,i S ==-+⨯-=;第三次循环,4,22419,i S ==+⨯-=;第四次循环,6,926120i S ==+⨯-=;此时满足条件输出,20S =.(12)如图,圆O 是ABC ∆的外接圆,过点C 作圆O 的切线交BA 的延长线于点D .若3CD =,2AB AC ==,则线段AD 的长是 ;圆O 的半径是 .DBCOA【答案】1,2,设AD x =,则2CDDA DB=⋅,即2(3)(2)3x x =+=,所以2230xx +-=,解得1x =,即1AD =.所以三角形CDA 为直角三角形,且//,OC BD 所以60OCA CAD ∠=∠=,所以三角形AOC 为正三角形,所以半径2OC AC ==.(13)函数)(x f 是定义在R 上的偶函数,且满足(2)()f x f x +=.当[0,1]x ∈时,()2f x x =.若在区间[2,3]-上方程2()0ax a f x +-=恰有四个不相等的实数根,则实数a 的取值范围是 .【答案】22(,)53由(2)()f x f x +=得函数的周期是 2.由2()0ax a f x +-=得()2f x ax a =+,设(),2y f x y ax a ==+,作出函数(),2y f x y ax a==+的图象,如图,要使方程2()0ax a f x +-=恰有四个不相等的实数根,则直线2(2)y ax a a x =+=+的斜率满足AHAGk a k <<,由题意可知,(1,2)(32)(2,0)G H A -,,,,所以22=53AHAG k k =,,所以2253a <<,即22(,)53a ∈。

(14)在平面直角坐标系xOy 中,已知点A 是半圆2240x x y -+=(2≤x ≤4)上的一个动点,点C 在线段OA 的延长线上.当20OA OC ⋅=时,则点C 的纵坐标的取值范围是 . 【答案】[5,5]-由图象可知,当点A位于点B 时,点C 的纵坐标最大。

当点A 位于点D 时,点C 的纵坐标最小由图象可知(22)B ,,(22)D -,。

当点A 位于点B时,OB =20OA OC OA OC ⋅=⋅=,所以此时52OC =由相似性可知CBM OBy OC=,解得5Cy =,同理当点A 位于点D 时,解得5Cy =-,所以点C 的纵坐标的取值范围是55Cy -≤≤,即[5,5]-。

三、解答题:本大题共6小题,共80分.解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程. (15)(本小题满分13分)已知函数21()sin 222x f x x ωω=-+(0ω>)的最小正周期为π.(Ⅰ)求ω的值及函数()f x 的单调递增区间; (Ⅱ)当[0,]2x π∈时,求函数()f x 的取值范围. (16)(本小题满分13分)盒子中装有四张大小形状均相同的卡片,卡片上分别标有数字1,01-,,2.称“从盒中随机抽取一张,记下卡片上的数字后并放回”为一次试验(设每次试验的结果互不影响).(Ⅰ)在一次试验中,求卡片上的数字为正数的概率;(Ⅱ)在四次试验中,求至少有两次卡片上的数字都为正数的概率;(Ⅲ)在两次试验中,记卡片上的数字分别为ξη,,试求随机变量X=ξη⋅的分布列与数学期望EX . (17)(本小题满分14分)如图,在四棱锥P ABCD -中,平面PAC ⊥平面ABCD ,且PA AC ⊥, 2PA AD ==.四边形ABCD 满足BCAD,AB AD ⊥,1AB BC ==.点,E F分别为侧棱,PB PC上的点,且 PE PFPB PCλ==.(Ⅰ)求证:EF 平面PAD ;(Ⅱ)当12λ=时,求异面直线BF 与CD 所成角的余弦值; (Ⅲ)是否存在实数λ,使得平面AFD ⊥平面PCD ?若存在,试求出λ的值;若不存在,请说明理由. (18)(本小题满分13分)已知函数2()(2)ln 22f x xa x a x a =-++++,其中2a ≤.(Ⅰ)求函数()f x 的单调区间;(Ⅱ)若函数()f x 在(]0,2上有且只有一个零点,求实数a 的取值范围.PDA BCFE(19)(本小题满分14分)已知中心在原点,焦点在x 轴上的椭圆C 过点(1,2,离心率为2,点A 为其右顶点.过点(10)B ,作直线l 与椭圆C 相交于,E F 两点,直线AE ,AF 与直线3x =分别交于点M ,N . (Ⅰ)求椭圆C 的方程; (Ⅱ)求EM FN ⋅的取值范围. (20)(本小题满分13分)设1210(,,,)x x x τ=是数1,2,3,4,5,6,7,8,9,10的任意一个全排列,定义1011()|23|kk k S xx τ+==-∑,其中111xx =.(Ⅰ)若(10,9,8,7,6,5,4,3,2,1)τ=,求()S τ的值; (Ⅱ)求()S τ的最大值;(Ⅲ)求使()S τ达到最大值的所有排列τ的个数.北京市朝阳区高三年级第一次综合练习数学学科测试答案(理工类)2013.4一、选择题:二、填空题:(注:两空的填空,第一空3分,第二空2分) 三、解答题:(15)(本小题满分13分) 解:(Ⅰ)1cos 1()22x f x x ωω-=-+ 1cos 2x x ωω=+sin()6x ωπ=+. …………………………………………4分因为()f x 最小正周期为π,所以2ω=. (6)分所以()sin(2)6f x x π=+. 由222262k x k ππππ-≤+≤π+,k ∈Z ,得36k x k πππ-≤≤π+. 所以函数()f x 的单调递增区间为[,36k k πππ-π+],k ∈Z . ………………8分 (Ⅱ)因为[0,]2x π∈,所以72[,]666x πππ+∈, (10)分所以1sin(2)126x π-≤+≤. ………………………………………12分所以函数()f x 在[0,]2π上的取值范围是[1,12-]. ……………………………13分 (16)(本小题满分13分)解:(Ⅰ)设事件A :在一次试验中,卡片上的数字为正数,则21()42P A ==. 答:在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是12.…………………………3分 (Ⅱ)设事件B :在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数.由(Ⅰ)可知在一次试验中,卡片上的数字为正数的概率是12. 所以0041344111111()1[()()()]222216P B C C =-⋅+⋅=.答:在四次试验中,至少有两次卡片上的数字都为正数的概率为1116.……………7分(Ⅲ)由题意可知,ξη,的可能取值为1,01-,,2,所以随机变量X 的可能取值为2,101,--,,,24.21(2)448P X=-==⨯; 21(1)448P X=-==⨯; 77(0)4416P X===⨯; 21(=1)448P X ==⨯; 21(=2)448P X ==⨯; 11(=4)4416P X ==⨯. 所以随机变量X 的分布列为所以1171111()2101881688164E X =-⨯-⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=24.……………………13分(17)(本小题满分14分)证明:(Ⅰ)由已知,PE PFPB PCλ==, 所以 EF BC .因为BC AD,所以EF AD.而EF ⊄平面PAD ,AD ⊂平面PAD ,所以EF平面PAD. ……………………………………………………4分(Ⅱ)因为平面ABCD ⊥平面PAC ,平面ABCD 平面PAC AC =,且PA AC ⊥, 所以PA ⊥平面ABCD . 所以PA AB ⊥,PA AD ⊥. 又因为AB AD ⊥, 所以,,PA AB AD两两垂直. ……………………………………………………5分如图所示,建立空间直角坐标系, 因为1AB BC ==,2PA AD ==,所以()()0,0,01,0,0,A B ,()()()1,1,0,0,2,0,0,0,2C D P .当12λ=时,F 为PC 中点,所以11(,,1)22F , 所以11(,,1),(1,1,0)22BF CD =-=-. 设异面直线BF 与CD 所成的角为θ,所以11|(,,1)(1,1,0)|cos |cos ,|3BF CD θ-⋅-=〈〉==,所以异面直线BF 与CD 所成角的余弦值为9分(Ⅲ)设0(,,)F x y z ,则000(,,2),(1,1,2)PF x y zPC =-=-. 由已知PF PC λ=,所以0(,,2)(1,1,2)x y zλ-=-,所以000,,22.x y z λλλ=⎧⎪=⎨⎪=-⎩ 所以(,,22)AF λλλ=-.设平面AFD 的一个法向量为1111(,,)x y z =n,因为()0,2,0AD =,所以110,0.AF AD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即1111(22)0,20.x y z y λλλ++-=⎧⎨=⎩令1zλ=,得1(22,0,)λλn=-.设平面PCD 的一个法向量为2222(,,)x y z =n,因为()()0,2,2,1,1,0PD CD =-=-,所以220,0.PD CD n n ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即2222220,0.y z x y -=⎧⎨-+=⎩令21x=,则2(1,1,1)=n.若平面AFD ⊥平面PCD ,则12n n ⋅=,所以(22)0λλ-+=,解得23λ=. 所以当23λ=时,平面AFD ⊥平面PCD.…………………………………………14分(18)(本小题满分1 3分)解:函数定义域为{}0x x >, 且(2)(1)()2(2).a x a x f x x a x x --'=-++=…………2分①当0a ≤,即02a ≤时,令()0f x '<,得01x <<,函数()f x 的单调递减区间为(0,1),令()0f x '>,得1x >,函数()f x 的单调递增区间为(1,)+∞.②当012a <<,即02a <<时,令()0f x '>,得02ax <<或1x >,函数()f x 的单调递增区间为(0,)2a ,(1,)+∞.令()0f x '<,得12ax <<,函数()f x 的单调递减区间为(,1)2a .③当12a =,即2a =时,()0f x '≥恒成立,函数()f x 的单调递增区间为(0,)+∞. …7分(Ⅱ)①当0a ≤时,由(Ⅰ)可知,函数()f x 的单调递减区间为(0,1),()f x 在(1,2]单调递增.所以()f x 在(]0,2上的最小值为(1)1f a =+, 由于22422221121()2(1)10e e e e e ea a f =--+=--+>,要使()f x 在(]0,2上有且只有一个零点, 需满足(1)0f =或(1)0,(2)0,f f <⎧⎨<⎩解得1a =-或2ln 2a <-.②当02a <≤时,由(Ⅰ)可知,(ⅰ)当2a =时,函数()f x 在(0,2]上单调递增; 且48414(e )20,(2)22ln 20e e f f -=--<=+>,所以()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. (ⅱ)当02a <<时,函数()f x 在(,1)2a 上单调递减,在(1,2]上单调递增;又因为(1)10f a =+>,所以当(,2]2ax ∈时,总有()0f x >.因为22e12a aa +-<<+,所以22222222(e)e [e(2)](ln e22)0a a a a aaaaf a a a ++++----=-++++<.所以在区间(0,)2a 内必有零点.又因为()f x 在(0,)2a 内单调递增,从而当02a <≤时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点.综上所述,02a <≤或2ln 2a <-或1a =-时,()f x 在(]0,2上有且只有一个零点. …………………………………………………………………………………………13分 (19)(本小题满分14分)解:(Ⅰ)设椭圆的方程为()222210x y a b a b +=>>,依题意得22222,21314a b c c a ab ⎧=+⎪⎪⎪=⎨⎪⎪+=⎪⎩解得24a=,21b=.所以椭圆C的方程为2214x y +=. ………………………………………………4分(Ⅱ)显然点(2,0)A .(1)当直线l 的斜率不存在时,不妨设点E 在x 轴上方,易得(1,E F,(3,M N ,所以1EM FN ⋅=. …………………………………………6分(2)当直线l 的斜率存在时,由题意可设直线l 的方程为(1)y k x =-,显然0k =时,不符合题意.由22(1),440y k x x y =-⎧⎨+-=⎩得2222(41)8440k x k x k +-+-=. 设1122(,),(,)E x y F x y ,则22121222844,4141k k x x x x k k -+==++.直线AE ,AF 的方程分别为:1212(2),(2)22y yy x y x x x =-=---, 令3x =,则1212(3,),(3,)22y y M N x x --.所以1111(3)(3,)2y x EM x x -=--,2222(3)(3,)2y x FN x x -=--. ……………………10分所以11221212(3)(3)(3)(3)22y x y x EM FN x x x x --⋅=--+⋅-- 121212(3)(3)(1)(2)(2)y y x x x x =--+-- 2121212(1)(1)(3)(3)(1)(2)(2)x x x x k x x --=--+⋅--2121212121212()1[3()9][1]2()4x x x x x x x x k x x x x -++=-++⨯+⋅-++222222222222244814484141(39)(1)4484141244141k k k k k k k k k k k k k --+-++=-⋅+⋅+⋅-++-⋅+++22221653()(1)414k k k k +-=⋅++22216511164164k k k +==+++. ……………………………………………12分 因为2k >,所以21644k+>,所以22165511644k k +<<+,即5(1,)4EM FN ⋅∈. 综上所述,EM FN⋅的取值范围是5[1,)4. ……………………………………14分(20)(本小题满分13分) 解:(Ⅰ)1011()|23|7654321012857k k k S x x τ+==-=+++++++++=∑. ……3分(Ⅱ)数10,9,8,7,6,5,4,3,2,1的2倍与3倍分别如下:20,18,16,14,12,10,8,6,4,2,30,27,24,21,18,15,12,9,6,3其中较大的十个数之和与较小的十个数之和的差为20372131-=,所以()131S τ≤. 对于排列0(1,5,6,7,2,8,3,9,4,10)τ=,此时0()131S τ=,所以()S τ的最大值为131. ……………………………………………………………8分(Ⅲ)由于数1,2,3,4所产生的8个数都是较小的数,而数7,8,9,10所产生的8个数都是较大的数,所以使()Sτ取最大值的排列中,必须保证数1,2,3,4互不相邻,数7,8,9,10也互不相邻;而数5和6既不能排在7,8,9,10之一的后面,又不能排在1,2,3,4之一的前面.设11x=,并参照下面的符号排列1△○□△○□△○□△○其中2,3,4任意填入3个□中,有6种不同的填法;7,8,9,10任意填入4个圆圈○中,共有24种不同的填法;5填入4个△之一中,有4种不同的填法;6填入4个△中,且当与5在同一个△时,既可以在5之前又可在5之后,共有5种不同的填法,所以当11x=时,使()Sτ达到最大值的所有排列τ的个数为624452880⨯⨯⨯=,由轮换性知,使()Sτ达到最大值的所有排列τ的个数为28800. ……………………………13分。

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