习题第18章答案
吉林大学大学物理作业第18章波粒二象性习题答案
3180 (1- 1)190 304000
3.用于康普顿散射实验中的X射线波长0 0.2 1010 m。当
散射角为90°时，求：（1）X射线波长的改变量；（2） 碰撞电子所获得的动能；（3）电子所获得的动量。
解：（1）根据康普顿散射公式
（2） 碰 撞电子0 所获m 得h 0c的(1动c 能 o)s0.02A 4
速粒子的物质波公式是＿＿＿ ＿h＿m 0 ，初
速为零的电子在电势差为U的电场中加速
后，其物质波的公式是＿＿＿＿h＿2 _m _。 eU
11.电子显微镜中的电子从静止开始通过电势 差为U的静电场加速后，其德布罗电波长是 0.04nm，则U约为 940V 。
三、 计算题
1. 假设太阳和地球可看作黑体，各有其固定的表 面温度，地球的热辐射能源全部来自太阳，现取 地球表面温度TE=300K, 地球半径RE=6400km，太 阳半径Rs=6.95×105km,太阳与地球的距离 d=1.496×108km，求太阳表面温度TS。
7.康普顿效应的发现和理论解释进一步揭 示了光的 粒子 性，并且也证实了在微 观粒子相互作用过程中， 能量 守恒定 律和 动量 守恒定律依然成立。
8.在氢原子光谱中，由高能级向低能级跃 迁时发出的赖曼系谱线中，最长的波长 是＿1＿21＿.52＿nm。 ν=(E2-E1)/h λ=hc/(E2-E1)
解：太阳辐射能量分布在半径为d的球面上，其中
被地球吸收的能量为地球横截面积上的辐射能，
即 E吸4RS2TS44RdE22
E辐4RE 2TE4
E吸 E辐
TS 6.22103K
2. 利用单色光和金属钠作光电效应实验，测得当
300 n m 时，光电子的最大初动能1.85eV，当 400 n m 时，光电子的最大初动能0.82eV，由此估
投资学第18章习题答案
18章习题1．设A公司在每一年的12月31日支付2元的股息，某投资者在1月1日以每股20元的价钱购入2股股票。
一年后，即次年的1月1日他以22元每股的价钱出售了其中一股，又过了一年，他以19元每股的价钱出售了另一股。
别离计算这两年投资的现金加权收益率及时间加权收益率。
2．考虑对股票A和B的两个指数模型回归结果，在这段时间内无风险利率为6%，市场平均收益率为14%，对项目的逾额收益以指数回归模型来测度。
计算每只股票的下列指数:，并对比结果。
（1）α（2）信息比率（3）夏普比率（4）特雷诺比率3．算术平均收益率和几何平均收益率的对比。
4．试描述业绩的M2测度。
5．如何将市场机会转化为看涨期权？6．试论述H-M和C-L模型。
7．贡献分析系统由哪些部份组成？8．晨星基金分析方式中的MRAR具体是如何得出的？9．在对基金管理公司进行评价时应考虑哪些方面和指标？第18章答案一、（1）货币加权收益率： r= 0.1191或11.91% （2）时间加权收益率：这两年股票的收益率：二、（1）αA ：1%；B ：2%（2）信息比率)e (σα=IR A ：0.0971 ； B ：0.1047（3）p fp r SR σ-=r ）夏普比率（A ：1.514 ；B ：0.9895（4）p fp r TR β-=r ）特雷诺比率（A ：0.13；B ：0.23623、算术平均收益率 若是有n 个观察事件，取收益率p （s ）的概率为1/n ，则可以从样本收益率的算术平均数中取得期望收益率E(r)：几何平均收益率（时间加权收益率） 咱们注意到，算术平均值实际上是期望收益率的有偏估量。
关于整个样本期间内的投资组合的实际表现，咱们必需结合时间序列的角度来进行分析。
若样本期间的收益绩效可以用年持有期收益来衡量，这种方式利用的是时间序列中每期实际投资的最终贴现值。
概念平均收益率为g ，每期实际投资的收益率为n r ，则有 在式中，1 + g 是时间序列的毛利益（1 + r ）的几何平均数，g 揭露了投资的最终价值。
《管理学》习题与答案——第18章 沟通
第十八章沟通一、教学要点1、解释沟通过程。
2、各种类型沟通的内涵及其优缺点。
3、非正式沟通的特点及其如何管理。
4、有效沟通的障碍因素。
5、如何克服沟通中的障碍？6、冲突产生的原因。
7、冲突处理的方法。
8、谈判及其如何谈判。
9、关键名词：沟通、发送者、接受者、噪音、口头沟通、书面沟通、非言语沟通、电子媒介沟通、正式沟通、非正式沟通、下行沟通、上行沟通、平等沟通、单向沟通、双向沟通、沟通网络、冲突、谈判二、习题(一)填充题1. 沟通是指可理解的_________或__________在两个人或两人以上的人类中传递或交换的过程。
2.按照功能划分，沟通可以分成________和___________。
3.按照方法，沟通可以分为：____________，______________，_____________，_____________，______________。
4.按照组织系统，沟通可分为____________和_______________。
5.沟通过程中存在许多干扰和扭曲信息传递的因素，通常将这些因素称为__________。
6.按照方向，沟通可分为__________，__________，___________-。
7.按照是否进行反馈，沟通可以分为______________和____________。
8.非正式沟通的主要功能是________________，体现的是职工的________和________，与企业正式的要求无关。
9.所谓沟通网络，是指组织中沟通渠道的_______和_________。
10.一种网络不同于另一种网络的基本特征在于：__________，________以及__________。
11. 选择哪一种网络取决于_____________和________________。
12.影响有效沟通的个人因素包括_____________和______________。
第18章《项目风险管理》问答习题(含答案)
第18章《项目风险管理》1、风险识别的原则包括哪些？风险识别的原则包括：（1）由粗及细，由细及粗；（2）严格界定风险内涵并考虑风险因素之间的相关性；（3）先怀疑，后排除；（4）排除与确认并重。
对于肯定不能排除又不能肯定予以确认的风险按确认考虑；（5）必要时，可作实验论证。
2、识别风险的工具和技术包括哪些？①文档审查②信息收集技术③核对单分析④假设分析⑤图解技术⑥SWORT分析⑦专家判断3、实施定性风险分析是评估并综合分析风险的概率和影响，对风险进行优先排序，为实施定量风险分析奠定基础。
4、项目模拟旨在使用一个模型，计算项目各细节方面的不确定性对项目目标的潜在影响。
模拟通常釆用蒙特卡洛技术。
5、敏感性分析有助于确定哪些风险对项目具有最大的潜在影响。
典型表现形式是龙卷风图。
6、预期货币价值（EMV）分析是当某些情况在未来可能发生或不发生时，计算平均结果的一种统计方法（不确定性下的分析）。
机会的EMV通常表示为正值，而威胁的EMV则表示为负值。
把每个可能结果的数值与其发生的概率相乘，再把所有乘积相加，就可以计算出项目的EMV。
7、消极风险或威胁的应对策略包括哪些？并简要说明。
①规避：如延长进度、改变策略或缩小范围等。
②转移：可以利用合同或协议把某些具体风险转移给另一方。
成本补偿合同可把成本风险转移给买方，而总价合同可把风险转移给卖方。
③减轻：减轻措施的例子包括采用不太复杂的流程，进行更多的测试，或者选用更可靠的供应商。
例如，在一个系统中加入冗余部件，可以减轻主部件故障所造成的影响。
④接受：风险接受是指项目团队决定接受风险的存在，该策略可以是被动或主动的。
最常见的主动接受策略是建立应急储备8、积极风险或机会的应对策略包括哪些？并简要说明。
①开拓：直接开拓包括把组织中最有能力的资源分配给项目来缩短完成时间，或者采用全新或改进的技术来节约成本，缩短实现项目目标的持续时间。
②提高：本策略旨在提高机会的发生概率和积极影响。
中级经济师货币金融E-章节习题第18章
章节习题第十八章一、单项选择题1. 经济主体在既定的收入和财富范围内能够并愿意持有货币的数量称为()。
A.货币供给B.货币需求C.基础货币D.社会需求1.[答案]：B[解析]：本题考查货币需求的概念。
[该题针对“辅助讲解：财政补贴的双重作用”知识点进行考核]2. 费雪的交易方程式中最活跃的因素是()。
A.货币量B.物价水平C.商品交易量D.劳务交易量2.[答案]：A[解析]：费雪的交易方程式中最活跃的因素是货币量。
[该题针对“辅助讲解：财政补贴的双重作用”知识点进行考核]3. 费雪的交易方程式反映的是()。
A.货币量决定货币价值的理论B.货币价值决定物价水平的理论C.货币量决定物价水平的理论D.物价水平决定货币量的理论3.[答案]：C[解析]：本题考查对费雪交易方程式的理解。
交易方程式所反映的是货币量决定物价水平的理论。
[该题针对“辅助讲解：财政补贴的双重作用”知识点进行考核]4. 剑桥学派的主要代表人物是()。
A.费雪B.凯恩斯C.弗里德曼D.庇古4.[答案]：D[解析]：剑桥学派的主要代表人物是庇古。
[该题针对“辅助讲解：财政补贴的双重作用”知识点进行考核]5. 凯恩斯货币需求函数L=L1(Y)+L2(i)中，L与收入Y和利率i的关系分别是()。
A.负相关、正相关B.正相关、正相关C.负相关、负相关D.正相关、负相关5.[答案]：D[解析]：本题考查凯恩斯货币需求函数。
交易性需求是国民收入的增函数;投机性需求是利率的减函数。
所以货币需求与国民收入是正相关，与利率是负相关。
[该题针对“辅助讲解：财政补贴的双重作用”知识点进行考核]6. 由于利率的不确定性，根据对市场利率变化的预期需要持有货币以便从中获利的动机是()。
A.交易动机B.预防动机C.投资动机D.投机动机6.[答案]：D[解析]：本题考查投机动机的含义。
[该题针对“辅助讲解：财政补贴的双重作用”知识点进行考核]7. 货币供给的机制分析侧重于()。
大气污染控制工程第三版课后习题答案(18章全)
大气传染统造工程课后做业习题解问之阳早格格创做第一章 概 论 解：按1mol 搞气氛预计，气氛中各组分摩我比即体积比，故n N2=0.781mol，n O2=0.209mol，n Ar =0.00934mol，n CO2=0.00033mol.品量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ，%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO .解：由我国《环境气氛品量尺度》二级尺度查得三种传染物日仄稳浓度限值如下：333.按尺度状态下1m 3搞气氛预计，其摩我数为mol 643.444.221013=⨯.故三种传染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO ：ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-. 解：1）ρ（g/m 3N ）334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=. 2）每天流经管讲的CCl 4×10×3600×24×10－3kg=891kg 解：每小时重积量200×（500×15×60×10－6）×g μg μ解：由《大气传染统造工程》P14 （1－1），与M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ，COHb 鼓战度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ解：含氧总量为mL 960100204800=⨯.分歧CO 百分含量对付应CO 的量为： 2%：mL 59.19%2%98960=⨯，7%：mL 26.72%7%93960=⨯ 1）最初CO 火仄为0%时 min 0.17210102.426.7234=⨯⨯=-t ； 2）最初CO 火仄为2%时 min 4.12510102.459.1926.7234=⨯⨯-=-t . 解：由《大气传染统造工程》P18 （1－2），最大能睹度为m K d L pp v 8.115812.02.24.114006.26.2=⨯⨯⨯==ρρ.第二章 焚烧与大气传染 解：1kg 焚油含：重量（g ） 摩我数（g ） 需氧数（g ）H 2O 22.5 1.25 0 N 元素忽略.设搞气氛O 2：N 2×4.78=474.12mol/kg 重油. ×3N /kg 重油.烟气组成为CO 271.25mol ，H 2O 55.25+1.25=56.50mol ，SO 20.1325mol ，N 2×99.1875=374.93mol. ×3N /kg 重油.2）搞烟气量为502.99－56.50=446.49mol/kg 重油. SO 2百分比浓度为%07.0%10049.4463125.0=⨯，气氛焚烧时CO 2存留最大浓度%96.15%10049.44625.71=⨯.×3N /kg 重油，×10.62=12.33 m 3N /kg 重油. 解：相对付于碳元素做如下预计：%（品量） mol/100g 煤 mol/mol 碳C 65.7 5.475 1 故煤的组成为CHSO ，焚料的摩我品量（包罗灰分战火分）为molC g /26.18475.5100=.焚烧圆程式为1）表里气氛量kg m kg m /74.6/104.22100026.18)78.31(1495.1333=⨯⨯⨯+⨯-；SO 2正在干烟气中的浓度为%174.0%10018644.11495.178.3010.0292.01010.0=⨯+⨯+++2）爆收灰分的量为kg g /8.144%8010010001.18=⨯⨯ ×1.1495+1.644/18）×××10－33/kg灰分浓度为310826.68.144⨯mg/m 3×104mg/m 33）需石灰石kg 21.103%35407.100.32%7.11000=⨯⨯⨯/t 煤2.3解：按焚烧1kg 煤预计重量（g ） 摩我数（mol ） 需氧数（mol ） H 2O 52.875 2.94 0设搞气氛中N 2：O 2体积比为3.78：1， ×（66.25+7.78+0.1875）=354.76mol/kg 煤. N 2mol 54.28078.476.35478.3=⨯×354.76=436.43mol/kg 煤，SO 2浓度为%043.0%10043.4361875.0=⨯.2.4解：与1mol 煤气预计H 2CO 2 0.05mol 0H 2 CH 4共需O 2 0.003+0.143+0.063+0.014=0.223mol.设搞气氛中N 2：O 2×（3.78+1）=1.066mol.与2.1=α×1.066mol=1.279mol.气氛含干量为12g/m 3N ，即含H 23N 3N .故H 2O 体积分数为1.493%.故本量气氛量为mol 298.1%493.11279.1=-.烟气量SO 2：0.002mol ，CO 2：0.285+0.007+0.05=0.342mol ，N 2×3.78+0.524=1.367mol ，H 2× × 解：1）N 2%=1－11%－8%－2%－0.012%=78.99% 由《大气传染统造工程》P46 （2－11） 气氛过剩%5.50%100)25.08(99.78264.025.08=⨯⨯--⨯⨯-2）正在测定状态下，气体的摩我体积为mol L P T T V P V /46.39322.1337002734434.22101325221112=⨯⨯⨯⨯=⋅=； 与1m 3烟气举止预计，则SO 2120×10－6m 3，排搁浓度为63312010(18%)640.179/39.4610g m --⨯⨯-⨯=⨯. 3）322.45663.37(18%)2957/min 39.46N m ⨯⨯-=. 4）3/85.5222.439.460.03N m g =⨯.2.6解：按1kg 煤举止预计重量（g ） 摩我数（mol ） 需氧数（mol ） H 2O 83.25 4.625 0 设搞气氛中N 2：O 2××1.2=423.66mol ， ×0.0116=4.91mol.烟气中：CO 2 63.17mol ；SO 2 0.5mol ；H 2O 4.91+4.625+20.375=29.91mol ；N 2×××4.78=70.61mol.其中CO 2%25.14%10038.44317.63=⨯；SO 2 %11.0%10038.4435.0=⨯；H 2O %74.6%10038.44391.29=⨯； N 2%55.75%10038.44361.7079.019.279=⨯⨯+.O 2 %33.3%10038.443209.061.70=⨯⨯.2.7解：SO 2含量为0.11%，预计约1/60的SO 2转移为SO 3，则SO 3含量51083.1601%11.0-⨯=⨯，即P H2SO4×10－5，lg P H2SO4=-4.737.查图2－7得煤烟气酸露面约为134摄氏度. 2.8解：以1kg 油焚烧预计， C 860g 71.67mol ；H 140g 70mol ，耗氧35mol.设死成CO x mol ，耗氧0.5x mol ，则死成CO 2 （71.67－x ）mol ，耗氧（71.67－x ）mol. 烟气中O 2量610600%5.1-⨯x. 总氧量x x x x5.2467.10635)67.71(5.010600%5.16+=+-++⨯-，搞气氛中N 2：O 2体积比为3.78：1，则含N 2 ×（106.67+24.5x ）.根据搞烟气量可列出如下圆程：故CO 2%：%99.13%10010600306.0306.067.716=⨯⨯--； N 2%：%62.84%10010600306.0)67.106306.05.24(78.36=⨯⨯+⨯- 由《大气传染统造工程》P46 （2－11） 气氛过剩系数07.1)06.05.05.1(62.84264.006.05.05.11=⨯--⨯⨯-+=α第三章 大气传染局里教 3.1解：由气体静力教圆程式，大气中气压随下度的变更可用下式形貌：dP g dZρ=-⋅ （1）将气氛视为理念气体，即有m PV RT M=可写为 m PM VRTρ== （2）将（2）式戴进（1），并整治，得到以下圆程：假定正在一定范畴内温度T 的变更很小，不妨忽略.对付上式举止积分得：ln gM P Z C RT =-+ 即 2211ln ()P gMZ Z P RT =--（3） 假设山足下的气温为10.C ，戴进（3）式得： 得 5.7Z km ∆=即登山疏通员从山足进与爬了约5.7km. 3.2解：d m K z Tγγ>=---=∆∆-=-100/35.25.1102988.297105.1，没有宁静d m K z Tγγ>=---=∆∆-=-100/5.110308.2975.2973010，没有宁静d m K z Tγγ>=---=∆∆-=-100/0.130505.2973.2975030，没有宁静d m K z Tγγ>=---=∆∆-=-100/75.15.1302985.297305.1，没有宁静d m K zTγγ>=---=∆∆-=-100/44.15.1502983.297505.1，没有宁静.3.3解：288.00101)(P PT T =， 3.4解：由《大气传染统造工程》P80 （3－23），m Z Z u u )(11=，与对付数得)lg(lg 11Z Z m u u = 设y u u=1lg ，x Z Z=)lg(1，由真测数据得故m ＝0.2442. 3.5 解：0.070.07110050()2() 2.24/10Z u u m s Z ==⨯=，0.070.072200100()2() 2.35/10Z u u m s Z ==⨯= 0.070.073300200()2() 2.47/10Z u u m s Z ==⨯=，0.070.074400300()2() 2.54/10Z u u m s Z ==⨯= 0.070.075500400()2() 2.59/10Z u u m s Z ==⨯=. s m Z Z u u /55.2)1050(2)(15.015.00101=⨯==，s m Z Z u u /82.2)10100(2)(15.015.00202=⨯== s m Z Z u u /13.3)10200(2)(15.015.00303=⨯==，s m Z Z u u /33.3)10300(2)(15.015.00404=⨯== s m Z Z u u /48.3)10400(2)(15.015.00505=⨯==. s m Z Z u u /99.2)1050(2)(25.025.00101=⨯==，s m Z Z u u /56.3)10100(2)(25.025.00202=⨯== s m Z Z u u /23.4)10200(2)(25.025.00303=⨯==，s m Z Z u u /68.4)10300(2)(25.025.00404=⨯== 风速廓线图略. 3.6解：1）根据《Air Pollution Control Engineering 》可得下度与压强的闭系为dz RTgM PdP -=2、M=0.029kg 、R=8.31J/(mol.K)代进上式得T PdP dz 21.29-=.当t=.C ，气压为1023 hPa ；当t=.C ，气压为1012 hPa ，.C=283.4K ，dP=1012-1023=－11Pa.果此m m dz 894.28310181121.29=--=，z=119m.共理可预计其余测定位子下度，截止列表如下：2）图略 3）d m K z T γγ>=---=∆∆-=---100/35.1898.911212121，没有宁静；0100/22.299128.9323232<-=---=∆∆-=---m K z T γ，顺温； 0100/98.11011412434343<-=---=∆∆-=---m K z T γ，顺温； 0100/61.01631514545454<-=---=∆∆-=---m K z T γ，顺温； d m K z T γγ<=---=∆∆-=---100/37.05361315656565，宁静； d m K z T γγ<=---=∆∆-=---100/15.02716.1213878787，宁静； d m K z T γγ<=---=∆∆-=---100/85.012996.16.12989898，宁静； d m K z T γγ<=---=∆∆-=---100/28.02818.06.1109109109，宁静.3.7解：0100/22.14581.217.26111>=-=∆∆=m K z T G ，故011<-=G γ，顺温； m K z T G 100/72.07631.216.15222-=-=∆∆=，故d m K G γγ<=-=100/72.022，宁静；m K z T G 100/16.15806.159.8333-=-=∆∆=，故d m K G γγ>=-=100/16.133，没有宁静；m K z T G 100/12000.250.5444-=-=∆∆=，故d m K G γγ>=-=100/144，没有宁静；m K z T G 100/2500.300.20555-=-=∆∆=，故d m K G γγ>=-=100/255，没有宁静；0100/43.0700.250.28666>=-=∆∆=m K z T G ，故066<-=G γ顺温. 3.8解：2211ln()P gM Z Z P RT =--，代进已知数据（温度T 与二下度处的仄稳值）即458297314.8029.08.91013P ln2⨯⨯⨯＝－，由此解得P 2=961hPa.由《大气传染统造工程》P72 （3－15）可分别预计大天处位温战给定下度处位温：K P T 293)10131000(1.294)1000(288.0288.0===地面地面地面θ，K P T 16.303)9611000(7.299)1000(288.0288.0111===θ， 故位温梯度=m K 100/18.24580303293=--共理可预计得到其余数据的位温梯度，截止列表如下：3.9解：2211ln()P gM Z Z P RT =--，设大天压强为P 1，代进数据得到：458297314.8029.08.9P 970ln1⨯⨯⨯＝－，解得P 1=1023hPa.果此共理可预计得到其余数据的大天位温，截止列表如下：略.第四章 大气扩集浓度估算模式 4.1解：吹北风时以风背为x 轴，y 轴指背峭壁，本面为面源正在大天上的投影.若没有存留峭壁，则有]}2)(exp[]2)(){exp[2exp(2),,,(222222'z z y zy H z H z y u Q H z y x σσσσσπρ+-+---=现存留峭壁，可思量ρ为真源与真源正在所闭心面孝敬之战.真源]}2)(exp[]2)(){exp[2exp(22222221z z y z y H z H z y u Q σσσσσπρ+-+---= 真源]}2)(exp[]2)(]{exp[2)2(exp[22222222z z y z y H z H z y L u Q σσσσσπρ+-+----= 果此]}2)(exp[]2)(){exp[2exp(2222222z z y zy H z H z y u Q σσσσσπρ+-+---=+ =]}2)(exp[]2)(]}{exp[2)2(exp[)2{exp(222222222z z y y zy H z H z y L y u Q σσσσσσπ+-+----+- 刮冬风时，坐标系建坐没有变，则截止仍为上式. 4.2解： 霍兰德公式m D T T T uD v H s a s s 16.96)54182884187.25.1(455.13)7.25.1(=⨯-⨯+⨯=-+=∆. 布里格斯公式kW kW D v T T T Q ss a s H 210002952155.13418288418106.97.2106.97.22323>=⨯⨯-⨯⨯=-⨯⨯=--且x<=10Hs.此时3/23/213/113/23/180.2429521362.0362.0x x ux Q H H =⨯⨯==∆--.按国家尺度GB/T13201－91中公式预计， 果Q H >=2100kW ，Ts －Ta>=130K>35K.（收电厂位于都会近郊，与n=1.303，n 1=1/3，n 2=2/3） 4.3解：由《大气传染统造工程》P88（4－9）得 4.4解：阳天宁静度等第为D 级，利用《大气传染统造工程》P95表4－4查得x=500m 时m m z y 1.18,3.35==σσ.将数据代进式4－8得32222/010.0)1.18260exp()3.35250exp(1.183.35680)60,0,50,500(m mg =⨯-⨯-⨯⨯⨯=πρ. 4.5解：由霍兰德公式供得m D T T T uD v H s a s s 84.5)6.04052934057.25.1(46.020)7.25.1(=⨯-⨯+⨯=-+=∆，烟囱灵验下度为m H H H s 84.3584.530=+=∆+=.由《大气传染统造工程》P89 （4－10）、（4－11）yze H u Q σσπρ2max 2=时，m H z34.25284.352===σ.与宁静度为D 级，由表4－4查得与之相映的x=745.6m. 此时m y 1.50=σ.代进上式32max /231.01.5034.2584.354102m g e μπρ=⨯⨯⨯⨯=. 4.6解：由《大气传染统造工程》P98 （4－31）13.01121202.3)05.02()(y y q y y σσττσσ===（当h h 10012<≤τ，q=0.3）4.7解：有限少线源dP P H u Q H x P P z z L)2exp(21)2exp(22),0,0,(22221--=⎰πσσπρ.最先推断大气宁静度，决定扩集参数.中纬度天区阴朗春天下午4：00，太阳下度角30～35.安排，属于强太阳辐射；查表4-3，当风速等于3m/s 时，宁静度等第为C ，则400m 处m m zy 5.26,3.43==σσ.其次推断3分钟时传染物是可到达受体面.果为丈量时间小于0.5h ，所以没有必思量采样时间对付扩集参数的效用.3分钟时，传染物到达的距离3360540400x ut m m ==⨯⨯=>，证明已经到达受体面.有限少线源dP P H u Q H x P P z zL)2exp(21)2exp(22),0,0,(22221--=⎰πσσπρ距离线源下风背4m 处，P 1=－75/43.3=－1.732，P 2=75/43.3=1.732；)/(6.0)/(15090s m g s m g Q L⋅=⋅=.代进上式得 3732.1732.12/52.5)2exp(215.26326.02)0,0,0,400(m mg dp P =-⨯⨯⨯⨯=⎰-ππρ.端面下风背P 1=0，P 2=150/43.3=3.46，代进上式得 4.8解：设大气宁静度为C 级，m m z y 98.615.215,56.2323.4100000====σσ. 当x=1.0km ，m m z y 4.61,1.99==σσ.由《大气传染统造工程》P106 （4－49） 4.9解：设大气宁静度为C 级.m x m H D D z5.122642.7415.220036015.2=⇒=-=-=σ 当x=2km 时，x D <x<2x D ，按x= x D 战x=2x D 时浓度值内插预计.x= x D 时，m m z y 42.74,26.118==σσ，代进《大气传染统造工程》P88 （4－9）得x= 2x D 时，m m zy 10.139,41.221==σσ，代进P101 （4－36）得3222/257.041.2213605.32180)2exp(2m mg y D u Qy y=⨯⨯⨯=-=πσσπρ；通过内插供解3/181.0)5.12262000(5.1226050.0257.005.0m mg =--+=ρ 当x=6km>2x D 时，m y 474=σ，3/120.04743605.32180m mg =⨯⨯⨯=πρ预计截止标明，正在x D <=x<=2x D 范畴内，浓度随距离删大而降下. 4.10解：由所给局里条件应与宁静度为E 级.查表4－4得x=12km 处，m m z y 4.87,4277==σσ.m H y yf 25.4338504278=+=+=σσ，m H h z f 8.2244.872502=⨯+=+=σ 34/10365.125.4338.224321002)50,0,0,12000(m g h u Q yff F -⨯=⨯⨯⨯==πσπρ.解：按《大气传染统造工程》P91 （4－23） 由P80 （3－23）25.025.01010687.1)10(3)(s s mH H Z Z u u === 按都会及近郊区条件，参照表4－2，与n=1.303，n 1=1/3，n 2=2/3，代进P91（4－22）得12/54/13/23/11048.23687.128100303.121s ss n sn HH H H uH Q n H =⨯⨯==∆-.3（年均），代进P109（4－62）＝H H H s ∆-⨯-∆+⨯⨯⨯⨯⨯--625.0310)05.006.0()(687.1718.2142.35.010802解得m H H H H s s s 4.35748.2312/5≥+=∆+于是Hs>=162m.本量烟囱下度可与为170m.烟囱出心烟气流速没有该矮于该下度处仄稳风速的1.5倍，即u v ××170=9.14m/s.但是为包管烟气成功抬降，出心流速应正在20~30m/s.与u v =20m/s ，则有m u Q D v v 1.42026544=⨯⨯=≤ππ，本量直径可与为4.0m.4.12解：下架连绝面源出现浓度最大距离处，烟流核心线的浓度按 P88（4－7）z y zy u Q H H u Q σσπσσπ2018.1]2/24exp[1[222=⋅-+= （由P89（4－11）2H z =σ）而大天轴线浓度yze H u Q σσπρρ⋅==2max 22. 果此，38.12018.1)2(4018.14018.1)2/(2018.1/2222221====⋅=eH e H e H e H u Q u Q z yz z y σσσπσσπρρ 得证.第五章 颗粒传染物统造技能前提 5.1解：正在对付数概率坐标纸上做出对付数正态分集的品量乏积频次分集直线，读出d m μ、d 50m μ、d 15.9m μ.81.3501.84==d d g σ. 做图略. 解： 画图略. 5.3解：正在对付数概率坐标纸上做出对付数正态分集的品量乏积频次分集直线，读出品量中位直径d 50mμ、dmμ、d 15.9m μ.85.1501.84==d d gσ. 按《大气传染统造工程》P129（5－24）m NMD NMD MMD g μσ31.3ln 3ln ln 2=⇒+=；P129（5－26）m d NMD d L g Lμσ00.4ln 21ln ln 2=⇒+=；P129（5－29）m d NMD d sv g sv μσ53.8ln 25ln ln 2=⇒+=.5.4解：《大气传染统造工程》P135（5－39）按品量表示g cm d S Psv m /107.3623⨯==ρP135（5－38）按净体积表示323/1003.76cm cm d S svV⨯==P135（5－40）按聚集体积表示323/1011.2)1(6cm cm d S svb ⨯=-=ε.5.5解：气体流量按P141（5－43）s m Q Q Q N N N N /11000)(21321=+=； 漏风率P141（5－44）%20%100100002000%100121=⨯=⨯-=NNN Q Q Q δ；除尘效用： 思量漏风，按P142（5－47）%3.90100002.412000340.0111122=⨯⨯-=-=N N N N Q Q ρρη没有思量漏风，按P143（5－48）%9.912.4340.01112=-=-=NN ρρη 5.6解： 由气体圆程RT Mm PV =得L g RT PM V m /832.042331.829)4901001.1(5=⨯⨯-⨯===-ρ按《大气传染统造工程》P142（5－45）Pa P 13119.172832.08.92=⨯⨯=∆. 解：按《大气传染统造工程》P145（5－58） 粉尘浓度为33/10/22.22.22m g m g =3；×0.1=0.222g/s. 5.8解：按《大气传染统造工程》P144（5－52）ii i g g P121-=η（P=0.02）预计，如下表所示：据此可做出分级效用直线. 5.9解：按《大气传染统造工程》P144（5－54）∑==%86.721i i T g ηη. 解：53103.2,/912.0-⨯==μρm kg .当d p m μ时，应处正在Stokes 天区. 最先举止坎宁汉建正：s m M RT v /2.5321097.28142.35.387314.8883=⨯⨯⨯⨯==-π， m v8104.9499.0-⨯==ρμλ，47.04.0104.9222=⨯⨯==-p d Kn λ.则61.1)]10.1exp(4.0257.1[1=-++=Kn Kn C ，s m gC d u p p s /1041.11852-⨯==μρ.当d p =4000mμ时，应处于牛顿区，s m g d u p p s /34.17)(74.1=-=ρρρ.5002750103.234.17912.0104000Re 56>=⨯⨯⨯⨯==--μρud p p ，假设创造. 当d p m μ时，忽略坎宁汉建正，s m g d u pp s /088.0182==μρ.体味证Re p <1，切合Stokes 公式.思量到颗粒正在低重历程中速度正在很短时间内便格外交近u s ，果此预计重降下度时可近似按u s 预计.d p m μ×10－5××10－4m ； d p =40m μ×30=2.64m ； d p =4000m μ×30=520.5m. 5.11解：设最大石英粒径d p1，最小角闪石粒径d p2.由题意，g d g d p p p p ρρρρ221174.174.1=故35.16.25.31221===p p p p d d ρρ. 5.12解：正在所给的气氛压强战温度下，s Pa m kg ⋅⨯==-531081.1,/205.1μρ.d p =200m μ时，思量采与过度区公式，按《大气传染统造工程》P150（5－82）：85.131081.1205.103.110200Re 56=⨯⨯⨯⨯=--p ，切合过度区公式. 阻力系数按P147（5－62）82.3Re 5.186.0==pP C .阻力按P146（5－59）N u A C F p D p 822621083.703.1205.1)10200(482.32121--⨯=⨯⨯⨯⨯⨯==πρ. 5.13解：圆管里积2321085.741m d A -⨯==π.据此可供出气氛与盐酸雾滴相对付速度s m A Q u s /27.0601085.71012733=⨯⨯⨯==--.思量利用过度区公式：代进相闭参数s Pa m kg m kg p ⋅⨯=⨯==-53331082.1,/1064.1,/19.1μρρ及u s可解得d p =66m μ.117.11082.127.019.11066Re 56>=⨯⨯⨯⨯=--p ，切合过度区条件.故能被气氛夹戴的雾滴最大直径为66m μ. 5.14解：粒径为25m μ，应处于Stokes 天区，思量忽略坎宁汉建正：s m g d u pp s /1069.31822-⨯==μρ.横直目标上颗粒物疏通近似按匀速思量，则低重时间s u Ht s1221069.35.42=⨯==-×122m=171m. 5.15解：正在给定条件下s Pa m kg ⋅⨯==-53105.2,/815.0μρ. 当d p =10m μ，粉尘颗粒处于Stokes 天区：s m R u d u t p p c /768.02.016105.2182700)101(18252622=⨯⨯⨯⨯⨯=⋅=--μρ. d p =500m μ，粉尘颗粒处于牛顿区：Ru d u d t p p cp23226155.0⋅=ρππρ.果此s m R u d u t p p c /2.8003.32==ρρ.体味证，Re p =1307>500，假设创造.第六章 除尘拆置 6.1解：预计气流火仄速度sm AQ v /1087.257.414.92.120-⨯=⨯==.设粒子处于Stokes 天区，与s Pa ⋅⨯=-51082.1μ.按《大气传染统造工程》P162（6－4）即为能被100%捕集的最小雾滴直径. ：按层流思量，根据《大气传染统造工程》P163（6－5）2.229.64801812122121=⨯==⇒=ηηηηn n n n ，果此需要树坐23层.6.3解：m m m gL H v d p μμρμ10084104.8781.9105.2123.01086.118185350min<=⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==--，切合层流区假设. ：设气氛温度为298K ，最先举止坎宁汉建正：s m M RT v /6.4661097.28142.3298314.8883=⨯⨯⨯⨯==-π， m v 85106.66.466185.1499.01082.1499.0--⨯=⨯⨯⨯==ρμλ，21.063.0106.622=⨯⨯=-Kn 264.1]4.0257.1[21.0121.010.1=++=-eC .故s m gC d u pp s /1058.11852-⨯==μρ525.060/1061.3202.05.01058.1)1(35=⨯⨯⨯⨯⨯=+=--Q n LW u s i ηm μ粒子的分级效用为0.864.果此总效用 695.0)864.0525.0(5.0=+=i η解：按《AirPollutionControlEngineering 》公式)]9(exp[12μρπηi pc W D NV --=.令η=50%，N=5，Vc=15m/s ，p ρ×103kg/m 3，W=0.76m ，s Pa ⋅⨯=-5102μ，代进上式得d c m μ.利用《大气传染统造工程》P170（6－18）22)/(1)/(c pi c pi id d d d +=η 预计各粒径粉尘分级效用，由此得总效用%3.55==∑i i g ηη 解：根据《大气传染统造工程》P144（5－53）ii i g Pg 32/+=ηηη（P=0.1）预计分级效用，截止如下表所示：据此可做出分级效用直线.由上表可睹，5～10m μ来除效用为49.41.果此正在工程缺面允许范畴内，d c m μ. ：据《大气传染统造工程》P169（6－13）Pa v p 144015293.19.92121221=⨯⨯⨯==∆ξρ. 解：根据《Air Pollution Control Engineering 》P258公式)]9(exp[12μρπηi pc W D NV --=.果)/(1000322m kg D D p p p pa单位取单位ρρρρ==，故p D ρ2＝1000 2pa D ；由题意，当s m V c /20%,50==η.与s Pa ⋅⨯=-51082.1μ，N=10，代进上式)]1082.191000)100.1(2010(exp[1%50526--⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯--=i W π，解得W i mm .根据普遍旋风除尘器的尺寸央供，D 0=4W i =2.2cm ；H ＝2 W i =1.1cm.c ×10－3m 3/s6.9解：按《大气传染统造工程》P170（6－18）22222225)5/(1)5/()/(1)/(pipipi pi c pi c pi i d d d d d d d d +=+=+=η；⎰⎰∝+==022125pi pipipi i qdd dd qdd ηη.d g =20mμ，25.1=σ，])32.020ln (exp[79.1])ln 2ln(exp[ln 2122pipi ggpi gpi d d d d d q -=-=σσπ 代进上式，利用Matlab 积分可得%3.9610==⎰pi i qdd ηη.6.10解：驱进速度按《大气传染统造工程》P187（6－33）s m d qE w p p/176.01011081.1310100103.0365315=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==---ππμ. 2885.123.0m dL A =⨯⨯==ππ3/s ，代进P188（6－34）%8.98)176.0075.0885.1exp(1)exp(1=⨯--=--=i i w Q A η.解：1）Q ’=2/3=0.667 m 322，%3.99)122.02/667.04.13exp(1=⨯--=i η.2）5.13/15.0max ==v v 故%8.9875.1%)3.991(1)1(1=--=--=Fv iηη.6.12 解：1）由题意77.0)9.0exp(15.0=⇒⨯--=k k d p m μ，%2.93)5.377.0exp(11=⨯--=η d p m μ，%8.99)0.877.0exp(12=⨯--=η d p m μ，%100)0.1377.0exp(13=⨯--=η故%98%6.9832.01%8.992.0%2.932.0>=⨯⨯+⨯+⨯=η 2）301%6.982iρ-=，则i 2ρ33.没有谦足环保确定战使用者需要.解：1）由《大气传染统造工程》P183（6－31）电场荷电为 扩集荷电按P184 （6－32）预计，与电场荷电相比很小，可忽略. ×10－16C.2）电场荷电为 ×10－19C.3）与s Pa ⋅⨯=-5105.2μd p =5m μ时，s m d qE w p p/088.0105105.23104.31004.3365516=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==---ππμ；d p m μ时，s m d qE w p p/1051.3102.0105.23104.31086.43365519----⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==ππμ. 解：查图得集气板里积约1000m 3.（1000m 3/min ）－1.根据)exp(1i i w QA--=η， 0.995=1－exp （－w i ）解得w i =5.30m/min. 6.15解：%95)exp(1=--=w Q A η，故05.0)exp(=-w Q A ，0025.0)2exp(=-w QA果此%75.990025.01)2exp(1'=-=--=w QA η.6.16解：设3种粒子的分级效用分别为1η、2η、3η，则 果此%9.991=η，%0.992=η，%1.863=η. 解：1）粉尘粒径d p =10m μ 当液滴直径为50mμ时，R=0.2；碰碰数3.36618)(2=-=CD p p p I D u u d N μρ，14.19=I N .由给出预计公式可得%3.50=η共理可得液滴直径为100m μ、500m μ时捕集效用为42.6％、10.1%. 2）d p =50m μ用共样要领预计可得颗粒正在直径为50m μ、100m μ、500m μ的液滴上捕集效用分别为 0、10.2%、25.0％. 6.18解：按《大气传染统造工程》P211（6－53） 由（6－55）233.02229]101.6exp[pd gp C g l iepf d C P --=∆⨯-=μρρm μm μ，除尘效用约为1；果此故%48.981=-=P η. 6.19 解： 坎宁汉建正143.12.1172.01172.01=+=+=p C d C 6.20解：设气液比1L/m 3，d p m μ，3/8.1cm g p =ρs Pa g ⋅⨯=-51099.2μ.由O cmH v Q Q v p gl T 2323234.152100.11003.1)(1003.1=⨯⨯⨯⨯-=⨯-=∆---可解得v=121.6m/s.故喉管里积2058.06.1211.7m S ==，D T =272mm. 与喉管少度300mm ，通气管直径D 1=544mm. 241=α，62=α，则m mm ctg D D L T 64.064022111==-=α，m ctg D D L T 13.322222=-=α（与D 2=600mm ）. 解：由《Air Pollution Control Engineering 》P300 9.48式t D zc D M ηπ∆=24.t η通过P293 Figure 9.18读与.与33/102m kg p ⨯=ρ，雨滴D b =2mm ，处于牛顿区，利用《大气传染统造工程》P150（5－83）s m v /0.7]205.1/81.9)205.1100.1(100.2[74.12/133=⨯-⨯⨯=-.果此，912.01021082.1180.7)103(10218352632=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯==---b p p s D v d N μρt η=0.11（Cylinder ）. 故M=g μπ0083.011.080300)102(423=⨯⨯⨯⨯⨯-.而液滴自己g D M μρπ331019.461'⨯==×10－4%.6.22解：由《Air Pollution Control Engineering 》公式 t AQ D C C LD ∆-=η5.1ln 0.代进已知数据h t t A A3.12105.21.01025.11.0ln 33=∆⇒∆⨯⨯⨯⨯-=-，即需持绝半天安排的时间. 6.23解：设破裂2个布袋后气体流量调配没有变，近似供得出心浓度如下：300/0761.06002)1(600598'm g C C C =+-=η.果此%2.99%10015.90761.015.9=⨯-=η. 6.24解：设恒定速度v 1，则401=v K x ffg μ，40011=+v K x v K x ppg ffg μμ.若正在400Pa 压降下继承，则40022212=++v K x v K x v K x pp g pp g ffg μμμ解此微分圆程得Q 23. ：当T=300K 时，s Pa ⋅⨯=-51086.1μ，v=1.8m/min=0.03m/s.S x M p ρ=，1210100102.143MM S M x p =⨯⨯⨯==-ρ p K Mb p /03.01086.1125⨯⨯⨯+=∆-.利用所给数据举止线性拟战， 51.61613146+=∆x p ，即13146/03.01086.1125=⨯⨯⨯-p K M，K p ×10－12m 2.解：1）过滤气速预计为v F =1.0m/min.2）除尘效用为99%，则粉尘背荷2/94.5699.0m tg t Ct v W F =⨯=∆=. 3）除尘器压力益坏可思量为p E t P P P P ∆+∆+∆=∆t P ∆为浑净滤料益坏，思量为120Pa ；Pa v S P F E E 350=⋅=∆；)min/(50.9,43.5694.515.922m g N R tPa t Ct v R P p p p ⋅⋅=⨯⨯=∆=∆取；故)(43.56470)(43.56120350Pa t Pa t P P P P p E t +=++=∆+∆+∆=∆. 4）果除尘器压降小于1200Pa ，故min 9.12,1200)(43.56470<<+t Pa t 即最大浑灰周期.5）22402731603931000060m v Q A F =⨯⨯⨯==. 6）与滤袋d=0.8m ，l=2m.203.5m dl a ==π，7.47==aAn ，与48条布袋. 解：1）将已知数据代进所给公式即有0139.0]1082.13.0)101(1000)105.0(06.0297exp[52326=⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯-=---P ，%6.98=η2）由001.0)97exp(22≤-=εμg cpas D D Zv P 可得z>=3.23m.3）由《Air Pollution Control Engineering 》公式，脱透率)9exp(2μρπi pc W D NV P -=与Wi=0.25Dc ，而N=0.5Z/Dc ，Vc=Vs/ε，pa pa D D ρ22=，代进上式)97exp()92exp(2222εμεμπg c pas g c pas D D ZV D D ZV P -=-= （近似与72=π）解：×（1－0.3）x p =140×10－4，x p =0.01cm ；3）由（0.8－0.0006）×0.39t=140，t=449min=7.5h. 第七章 气态传染物统造技能前提 7.1解：由亨利定律P*=Ex ，500××105×10－5. ×10－5=376.×10－5很小，故C CO23.100g 与气体仄稳的火中约含44×100××10－5/18=0.013g. 解：正在1atm 下O 2×104x 解得O 2×10－6. 解：20》C 时H 2×105kPa ，分压20atm ×0.1%=2.03kPa.×10－5，故C*H2S 3.×103×10－3mol/（m 3.Pa ）=115mol/（m 3.atm ） 由185.1,542.0108121611511-==+=+=h K k k H K Al l g Al . )/(3.431.285.1)(32*2h m mol C C K N S H S H Al A ⋅=⨯=-=.解：G B =5000×0.95=4750m 3N /h.Y 1=0.053，321063.2%54750)47505000(-⨯=⨯-=Y ；4.257.26/053.000263.0053.00)(max 21min =-=--=X Y Y G L B S . 果此用火量L sB ××105m 3N /h.由图解法可解得传量单元数为5.6. 解：G B =10×3/min ，Y 1=0.124，Y 2=0.02.做出最小用火时的支配线，x max =0.068.故53.1068.002.0124.0)(min =-=Bs G L ，L s ××3/min.图解法可解得传量单元数为 3.1.mLaH y 39.2)(3.333.0=⨯=.H y ×3.1=7.4m. 7.6解：利用公式0ττ-=KL ，将已知数据代进⎩⎨⎧-=-=002.05051.0220ττK K ，解得⎩⎨⎧==min65min/28500τmK果此min 27856512850max =-⨯=τ. 7.7解：min 8.95'==KL τ，kg aSL x b 2.452301141)0129.02629.0(2=⨯⨯⨯⨯-==πρ.7.8解：依据公式nT kPX 1=，对付lgX T ~lgP 举止直线拟合：7.030P X T =，即K=30，n=1.43；依据公式mm V P BV V P +=1，对付P ~P/V 举止直线拟合：P VP005.00289.0+=， 即V m =200，B=0.173. 解：×104××3/h ，M=131.5.由理念气体圆程RT Mm PV=得果此活性冰用量kg m 4301036.541075.328100⨯=⨯⨯⨯=；体积349.925771036.5m m V =⨯==ρ.解：Y 1=0.025kg 苯/kg 搞气氛，硅胶苯kg kg YX /282.0)167.0(5.1111==，Y 2=0，X 2=0.故支配线圆程为X=11.28Y .当Y=Y b ×0.0025=0.0282kg 苯/kg 硅胶. ×=0.0008kg 苯/kg 搞气氛.08.5881*=-Y Y ，由此可供得⎰-Y Yb Y Y dY *近似值；共时， ⎰⎰---+-=-==We Wb ab a b We Wb A A b w w w w w dw w Y Y W dw Y Y W Y Q f))(1()1(000 由此供得f 的近似值，列表如下：N OG =5.948，f=0.5580；2atm ，298K 时，ρ3，果此)/(37.22s m kg v G ⋅==ρ，故H OG =m G D a p 07041.0)10835.131.21060.0(60042.1)(42.151.05251.0=⨯⨯⨯⨯=--μ； 果此吸附区下度为H 2=H OG .N OG ×5.948=0.419m.对付单位横截里积的床层，正在呵护效用时间内吸附的苯蒸汽量为（0.025－0）××60×90＝320（kg 苯/m 2） 而吸附床鼓战区吸附苯蒸汽量)0()(2--=T b x H H ρ 吸附床已鼓战区吸附苯蒸汽量)1)(0(2f x H T b --=ρ果此总吸附量320442.0282.0625419.0282.0625)419.0(=⨯⨯⨯+⨯⨯-=H 解得H=2.05m ，此即所需要的最小床下.解：反应管转移率为x A 时，反应速度为R A =－0.15（1－x A ）mol/（kg 催化剂.min ）.根据单管物料仄稳可列出如下圆程：A A Qdx Adx x =-ρ)1(15.0 其中2322101.1)108.3(4m A --⨯=⨯⨯=π，Q 单位为mol/min.数据代进并整治得AAx dx Q dx -=1098668.0，对付等式二边积分，即⎰⎰-=74.001.601098668.0AA x dx Q dx ，解得Q=0.447mol/min.反应管数目：250/0.447＝560个. 解：由T cm Q ∆=得K cm Q T 31472642.01056.45=⨯⨯==∆. 第八章 硫氧化物的传染统造 8.1解：火电厂排搁尺度700mg/m 3.3%硫含量的煤烟气中SO 2体积分数与0.3%. 则每坐圆米烟气中含SO 2mg 857110644.2233=⨯⨯； 果此脱硫效用为%8.91%10085717008571=⨯-. 8.2 解：1）↑+⋅→++22322322CO O H CaSO O H SO CaCO 2）每焚烧1t 煤爆收SO 2约kg t 7221006.3=⨯，约来除72×0.9=64.8kg.果此消耗CaCO 3 kg m 132648.641003.1=⨯⨯=.3）CaSO 4.2H 2O 死成量 kg 174172648.64=⨯；则焚烧1t 煤脱硫污泥排搁量为t 4354.0174=，共时排搁灰渣77kg.解： 1）由)1)(1(121ηηη---=T，)1%)(981(1%7.992η---=，解得%852=η.2）设总体积为100，则SO 27.8体积，O 210.8体积，N 281.4体积.经第一级催化转移后余SO 20.156体积，O 26.978体积，N 281.4体积.设有x 体积SO 2转移，则总体积为)25.88(x -.果此，5.0]2/5.882/978.6[2/5.88156.0)25.88/(300x x x x xx --⋅---=×10－3；故转移率为%99156.0106.113=⨯-- 8.4解：能源消耗W W K 07.58.0260000156.0=⨯=，即约0.51%用于克服阻力益坏. 解：1）与仄稳温度为C T 。
（朱锦余）审计学（第四版）章后习题参考答案：第18章国家审计习题
（朱锦余）审计学（第四版）章后习题参考答案：第18章国家审计习题第18章国家审计习题参考答案1.简述财政收支审计的重点？【答】财政收支审计的重点重要包括：（1）财政部门按照本级人民代表大会批准的政府预算向各部门批复预算的情况、政府预算执行中调整情况和预算收支变化情况；（2）财政部门、税务机关、海关等预算收入征收部门，依照有关法律、行政法规和国务院财政税务部门的有关规定，及时、足额征收应征的各项税收收入、企业上缴利润、专项收入和退库拨补企业计划亏损补贴等政府预算收入情况；（3）财政部门按照批准的年度预算和用款计划、预算级次和程序、用款单位的实际用款进度，拨付政府本级预算支出资金情况；（4）财政部门依照有关法律、行政法规和财政管理体制，拨付和管理政府间财政转移支付资金情况以及办理结算、结转情况；1（5）财政部门依照有关法律、行政法规和财政部门的有关规定，国库按照国家有关规定办理预算收入的收纳、划分、留解情况和预算支出资金的拨付情况；（6）本级各部门（含直属单位）执行年度预算情况；（7）依照国家有关规定实行专项管理的预算资金收支情况；（8）法律、法规规定的其他预算执行情况。
2．分别简述事业经费、行政经费、社会保障基金审计的主要内容。
【答】事业经费审计是指审计机关依法对事业经费的筹集、管理、分配和使用等财务收支活动的真实、合法、效益进行的审计监督。
开展事业经费审计，有利于保证事业经费预算执行和决算的真实、合法、效益，促进有关事业主管部门加强事业经费管理，保障各项事业的健康、顺利发展。
其主要审计内容有：事业经费预算和财务收支计划管理的审计、事业经费收入的审计、事业经费支出的审计、事业经费资金管理的审计、事业经费往来款项的审计、用事业经费购置的财产、物资的审计。
事业经费周转金、专项基金管理和使用的审计。
行政经费审计是审计机关依法对行政经费财务收支的真实、合法和效益进行的审计监督。
其主要审计内容包括行政经费收入的审计、行政经费支出的审计、行政经费内部控制制度的审计、用行政经费购置的财产、物资的审计。
(朱锦余)审计学(第四版)章后习题参考答案：第18章 国家审计习题
第18章国家审计习题参考答案1.简述财政收支审计的重点？【答】财政收支审计的重点重要包括：（1）财政部门按照本级人民代表大会批准的政府预算向各部门批复预算的情况、政府预算执行中调整情况和预算收支变化情况；（2）财政部门、税务机关、海关等预算收入征收部门，依照有关法律、行政法规和国务院财政税务部门的有关规定，及时、足额征收应征的各项税收收入、企业上缴利润、专项收入和退库拨补企业计划亏损补贴等政府预算收入情况；（3）财政部门按照批准的年度预算和用款计划、预算级次和程序、用款单位的实际用款进度，拨付政府本级预算支出资金情况；（4）财政部门依照有关法律、行政法规和财政管理体制，拨付和管理政府间财政转移支付资金情况以及办理结算、结转情况；1（5）财政部门依照有关法律、行政法规和财政部门的有关规定，国库按照国家有关规定办理预算收入的收纳、划分、留解情况和预算支出资金的拨付情况；（6）本级各部门（含直属单位）执行年度预算情况；（7）依照国家有关规定实行专项管理的预算资金收支情况；（8）法律、法规规定的其他预算执行情况。
2．分别简述事业经费、行政经费、社会保障基金审计的主要内容。
【答】事业经费审计是指审计机关依法对事业经费的筹集、管理、分配和使用等财务收支活动的真实、合法、效益进行的审计监督。
开展事业经费审计，有利于保证事业经费预算执行和决算的真实、合法、效益，促进有关事业主管部门加强事业经费管理，保障各项事业的健康、顺利发展。
其主要审计内容有：事业经费预算和财务收支计划管理的审计、事业经费收入的审计、事业经费支出的审计、事业经费资金管理的审计、事业经费往来款项的审计、用事业经费购置的财产、物资的审计。
事业经费周转金、专项基金管理和使用的审计。
行政经费审计是审计机关依法对行政经费财务收支的真实、合法和效益进行的审计监督。
其主要审计内容包括行政经费收入的审计、行政经费支出的审计、行政经费内部控制制度的审计、用行政经费购置的财产、物资的审计。
《国际经济学》课后习题答案解析
第18章第十八章浮动汇率制下的内外平衡1．浮动汇率下的政策环境和目标与固定汇率下有什么区别？答案提示：不同于固定汇率下的情况，浮动汇率可自动调节国际收支，使一国经济达到对外平衡，这样汇率调节就完成了固定汇率下政府必须考虑的内外均衡两个任务中的一个。
现在，只剩对内平衡一个目标需要考虑。
在浮动汇率制度下，政府的政策目标将只有一个，即通过宏观经济政策的实施达到充分就业和物价稳定。
2．比较固定汇率和浮动汇率下的各种宏观经济政策的效果，并对之加以解释。
答案提示：在资本具有完全流动性的情况下，如果实行固定汇率制度，财政政策有效，而货币政策完全无效；如果实行浮动汇率制度，财政政策完全无效，而货币政策是有效的，即一国货币当局在浮动汇率下可以实行独立的货币政策。
3．试解释浮动汇率下的财政政策的“挤出效用”。
答案提示：参考本章第二节。
4．假设A国和B国经济联系紧密，均实行浮动汇率制度，A国遭遇严重失业问题，遂采取放松银根政策，B国是否会受到影响？答案提示：B国会受到影响。
A国实行宽松的货币政策，将导致物价上升和货币贬值，随着A国出口的增加，B国国内市场将相对减小，不利于B国的就业和生产的增加。
5．试分析在资本完全不流动的情况下，财政政策和货币政策的作用。
答案提示：通过画图进行分析，此时BP曲线为垂直的。
6*.试讨论资本不完全流动下的财政政策和货币政策的作用，与资本完全流动下的作用效果有何差异？答案提示：在这种情况下，汇率的变化会引起BP曲线的移动。
7．在资本完全流动情况下，试分析在下列两种情形下，固定汇率与浮动汇率对国内经济的稳定作用。
（1）国内货币供给突然自发增加；（2）外国资本突然大量流入。
答案提示：（1）固定汇率下，国内货币供给突然自发增加，本国货币的利率下降，本国货币利率下降导致资本大量外流、存在国际收支逆差，这样对国内货币产生贬值压力，中央银行必须干预市场，抛出外汇，收回本币，使汇率保持固定，与此同时国内货币供给减少，直到重新达到原来的均衡点为止。
中级会计实务第18章 企业合并练习(含习题和答案解析)-题目答案分离
第十八章企业合并一、单项选择题1.A公司于2X19年12月3日用无形资产（专利权）换取B公司60%的股权。
另以银行存款支付评估咨询费等20万元。
无形资产原价为100万元，已摊销20万元，公允价值200万元。
假定合并前A公司与B公司不存在任何关联方关系，B 竺司当日可辨认净资产公允价值为500万元。
不考虑其他因素，A公司因该事项影响当期损益的金额为（）万元A.20B.100C.120D.1402.甲公司2X18年7月定向增发普通股80万股给丙公司，从其手中换得乙公司70%的股权，合并前甲公司与乙公司、丙公司无关联方关系。
甲公司股票每股面值为1元，每股市价为15元；合并当天乙公司可辨认净资产账面价值为 800万元，可辨认净资产公允价值为2 000万元。
甲公司支付给证券公司股票发行费用30万元，支付给中介机构审计费5万元，均以银行存款支付。
不考虑其他因素，甲公司取得该投资在个别财务报表中的入账价值为（）万元A. 1 200B. 1 230C. 1 205D. 1 2353.下列各项关于企业合并的说法不正确的是（）。
A.同一控制下的企业合并，合并方取得被合并方的资产、负债仅限于被合并方账面上原已确认的资产和负债，合并中不产生新的资产和负债B.同一控制下的企业合并投资单位应该将取得的长期股权投资以被投资方可辨认净资产的公允价值的份额入账C.同一控制下的企业合并，对于被合并方在企业合并前实现的留存收益中归属于合并方的部分，需要自合并方的资本公积转入留存收益D.非同一控制下的控股合并中，可能会产生商誉4.下列事项中，不属于企业合并准则中所界定的企业合并的是（）。
A.A公司通过发行债券自B公司原股东处取得B公司的全部股权，交易事项发生后B公司仍持续经营B.A公司支付对价取得B公司的净资产，交易事项发生后B公司失去法人资格C.A公司以其资产作为出资投入B公司，取得对B公司的控制权，交易事项发生后B公司仍维持其独立法人资格继续经营D.A公司购买B公司30%的股权，对B公司产生重大影响5.甲公司为一家规模较小的上市公司，乙公司为某大型未上市的民营企业。
江苏师范大学《水污染控制工程》课后练习题及答案第18章污泥处理
10.污泥消化分为中温消化和高温消化，中温消化的温度一般控制在（ ）。
A. 30～35℃ B.50～55℃
1
11.污泥消化分为中温消化和高温消化，高温消化的温度一般控制在（ ）。 A. 30～35℃ B.50～55℃
12.下面哪个不是常用的污泥浓缩方法（ ） A.重力浓缩 B.气浮浓缩 C. 带式压滤 D. 离心浓缩
第 18 章 污泥处理
1.污泥的含水率从 99％降低到 96％，污泥体积减少了（ ）
A、1/3 B、2/3 C、1/4 D、3/4
2.污泥调理就是在污泥脱水前需要通过物理、化学或物理化学作用，改善污泥的
脱水性能。（ ）
A.对
B.错
3. 下列哪些装置不算污泥的来源（ ）
A. 初沉池 B.曝气池 C.二沉池 D.混凝池
参考答案: 1.D 2.A 3.B 4.B 5.D 6.C 7.A 8. B 9.D 10. A 11.B 12.C
2
A.气浮浓缩、臭氧氧化、加热、离心浓缩；
B.重力浓缩池、冷却、投加聚丙烯酰胺、离心脱水机；
C.重力浓缩池、厌氧消化、投加聚合氯化铝、板框压滤机；
D.气浮浓缩、投加聚合氯化铝、投加石灰、带式压滤机。
7.当污泥含水率由 98%降低至 94%时，污泥体积减小为原来体积的（ ）
A.1/3
B.1/2
C.2/3
D.1/4
8.传统消化池与高速消化池的主要区别在于（ ）
A.前者不加热，后者加热 B.前者不搅拌，后者搅拌
C.前者有分层，后者不分层 D.前者出水需进一步处理，后者出水不需要
9.剩余污泥经浓缩池处理后，含水率从 99％降低到 97.5％，污泥体积减少了
（ ）。A.2Biblioteka 5B.1/4C.1/3
2011执业护士 习题 第18章 中医护理基础
第十八章中医护理基础一、A11、为防止中草药变性，影响疗效，煎药用具不宜选A.砂锅B.瓦罐C.搪瓷罐D.铁锅E.不锈钢锅【正确答案】：D【答案解析】：沙锅是最常用的煎药容器。
沙锅性质稳定、传热性能缓和、不易与中药所含成分发生化学变化。
不锈钢锅、搪瓷锅、玻璃烧杯也可采用，忌用铁锅。
2、呕吐患者正确服用中药的方法为A.大剂量服用B.吐后立即服用C.小量频服D.吐前服用E.昼夜不停服用【正确答案】：C【答案解析】：呕吐病人服药宜小量频服，以免引起呕吐。
3、引导病邪或有害物质，使之从口涌吐的方法为A.汗法B.下法C.吐法D.和法E.清法【正确答案】：C【答案解析】：吐法：引导病邪或有害物质，使从口涌吐的方法。
4、中药缓下剂的服用时间应是A.饭前服用B.睡前服用C.饭后服用D.清晨服用E.两餐间服用【正确答案】：B【答案解析】：中药缓下剂，宜在睡前服用，以便于次日清晨排便。
5、中药消食药的服用时间应是A.饭前服用B.饭后服用C.两餐间服用D.清晨服用E.睡前服用【正确答案】：B【答案解析】：对胃肠道有刺激性的药物、消食药宜饭后服用，胃中存有食物可使药物与食物混合，减轻药物对胃肠的刺激。
无论饭前服或饭后服用的药物，服药与进食都应间隔1小时左右，以免影响药物与食物的消化吸收与药效的发挥。
6、询问汗的有无，可以判断感受外邪的性质和卫阳盛衰，表证有汗常见于A.多属外感寒邪所致的伤寒表实证B.外邪入里的里热证C.外感风邪所致的中风表虚证，或为外感风热所致的表热证D.里热炽盛E.阳气不足，蒸化无力所致【正确答案】：C【答案解析】：表证有汗——多属外感风邪所致的中风表虚证，或为外感风热所致的表热证。
由于风性开泄，热性升散，风热袭表，腠理疏松，故见汗出。
如卫阳素虚，肌表不固，则更易汗出。
里证有汗——若外邪入里，成为里热证，或因其他原因导致里热炽盛，阳气过亢，迫使津液外出，则见汗多，并常伴发热，口渴等症。
此题为记忆性题，应该选择C。
大气污染控制工程第三版课后习题答案(18章全)
大气污染控制工程课后作业习题解答第一章 概 论1。
1 解：按1mol 干空气计算，空气中各组分摩尔比即体积比,故n N2=0。
781mol ，n O2=0。
209mol ，n Ar =0。
00934mol ，n CO2=0.00033mol 。
质量百分数为%51.75%100197.2801.28781.0%2=⨯⨯⨯=N ，%08.23%100197.2800.32209.0%2=⨯⨯⨯=O ；%29.1%100197.2894.3900934.0%=⨯⨯⨯=Ar ,%05.0%100197.2801.4400033.0%2=⨯⨯⨯=CO 。
1。
2 解：由我国《环境空气质量标准》二级标准查得三种污染物日平均浓度限值如下：SO2:0。
15mg/m 3,NO2：0。
12mg/m 3，CO ：4.00mg/m 3。
按标准状态下1m 3干空气计算，其摩尔数为mol 643.444.221013=⨯。
故三种污染物体积百分数分别为： SO 2：ppm 052.0643.44641015.03=⨯⨯-，NO 2：ppm 058.0643.44461012.03=⨯⨯- CO:ppm 20.3643.44281000.43=⨯⨯-。
1。
3 解： 1）ρ(g/m 3N )334/031.1104.221541050.1N m g =⨯⨯⨯=-- c （mol/m 3N ）3334/1070.6104.221050.1N m mol ---⨯=⨯⨯=。
2）每天流经管道的CCl 4质量为1.031×10×3600×24×10－3kg=891kg1.4 解：每小时沉积量200×（500×15×60×10－6）×0。
12g μ=10。
8g μ1.5 解:由《大气污染控制工程》P14 （1－1）,取M=2102369.0105.19102.22102422=⨯⨯⨯==--∝O p p M Hb O COHb ， COHb 饱和度%15.192369.012369.0/1/222=+=+=+=Hb O COHb Hb O COHb Hb O COHb COHb CO ρ1。
人教版八年级数学下册第18章《平行四边形》练习题(含答案)
人教版八年级数学下册第18章《平行四边形》练习题（含答案）1．在正方形ABCD中，E是△ABD内的点，EB＝EC．（1）如图1，若EB＝BC，求∠EBD的度数；（2）如图2，EC与BD交于点F，连接AE，若S四边形ABFE＝a，试探究线段FC与BE之间的数量关系，并说明理由．2．（1）如图1，在正方形ABCD中，E是AB上一点，G是AD上一点，∠ECG＝45°，那么EG与图中两条线段的和相等？证明你的结论．（2）请用（1）中所积累的经验和知识完成此题，如图2，在四边形ABCD中，AG∥BC（BC ＞AG），∠B＝90°，AB＝BC＝12，E是AB上一点，且∠ECG＝45°，BE＝4，求EG的长？3．如图，正方形ABCD的边长为1，对角线AC、BD交于点O，E是BC延长线上一点，且AC ＝EC，连接AE交BD于点P．（1）求∠DAE的度数；（2）求BP的长．4．如图，在矩形ABCD中，点O为对角线AC的中点，过点O作EF⊥AC交BC于点E，交AD 于点F，连接AE，CF．（1）求证：四边形AECF是菱形；（2）连接OB，若AB＝8，AF＝10，求OB的长．5．如图，在平行四边形ABCD中，对角线AC，BD交于点O，E是AD上任意一点，连接EO 并延长，交BC于点F，连接AF，CE．（1）求证：四边形AFCE是平行四边形；（2）若∠DAC＝60°，∠ADB＝15°，AC＝6．求出平行四边形ABCD的边BC上的高h的值．6．如图，在正方形ABCD中，对角线AC、BD相交于点O，E为OC上动点（不与O、C重合），作AF⊥BE，垂足为G，分别交BC、OB于F、H，连接OG、CG．（1）求证：△AOH≌△BOE；（2）求∠AGO的度数；（3）若∠OGC＝90°，BG＝，求△OGC的面积．7．如图，在矩形ABCD中，BC＝24cm，P、Q、M、N分别从A、B、C、D同时出发，分别沿边AD、BC、CB、DA移动，当有一个点先到达所在边的另一个端点时，其它各点也随之停止移动．已知移动一段时间后，若BQ＝xcm（x≠0），AP＝2xcm，CM＝3xcm，DN＝x2cm．当x为何值时，以P、Q、M、N为顶点的四边形是平行四边形？8．在正方形ABCD中，F是BC边的中点，ED⊥AF于点E，连接CE．（1）如图1，求证：CE＝CD；（2）如图2，连接BE、BD，请直接写出图2中所有与∠BEF度数相等的角．9．如图1，已知平行四边形ABCD，DE是∠ADC的角平分线，交BC于点E．（1）求证：CD＝CE．（2）如图2所示，点P是平行四边形ABCD的边BC所在直线上一点，若BE＝CE，且AE ＝3，DE＝4，求△APD的面积．10．如图，在平行四边形ABCD中，∠BAD的平分线交BC于点E，交DC的延长线于F，以EC、CF为邻边作平行四边形ECFG，如图1所示．（1）证明平行四边形ECFG是菱形；（2）若∠ABC＝120°，连接BG、CG、DG，如图2所示，①求证：△DGC≌△BGE；②求∠BDG的度数；（3）若∠ABC＝90°，AB＝8，AD＝14，M是EF的中点，如图3所示，求DM的长．11．如图，已知平行四边形ABCD中，BD是它的一条对角线，过A、C两点作AE⊥BD，CF⊥BD，垂足分别为E、F，延长AE、CF分别交CD、AB于点M、N．（1）求证：四边形CMAN是平行四边形（2）已知DE＝8，FN＝6，求BN的长．12．如图，在△ABC中，∠ACB＝90°，D是BC的中点，DE⊥BC，CE∥AD．若AC＝2，CE＝4；（1）求证：四边形ACED是平行四边形．（2）求BC的长．13．如图，长方形ABCD中，AB∥CD，∠D＝90°，AB＝CD，AD＝4cm，点P从点D出发（不含点D）以2cm/s的速度沿D→A→B的方向运动到点B停止，点P出发1s后，点Q才开始从点C出发以acm/s的速度沿C→D的方向运动到点D停止，当点P到达点B时，点Q 恰好到达点D．（1）当点P到达点A时，△CPQ的面积为3cm2，求CD的长；（2）在（1）的条件下，设点P运动时间为t（s），运动过程中△BPQ的面积为S（cm2），请用含t（s）的式子表示面积S（cm2），并直接写出t的取值范围．14．如图，在Rt△ABC中，∠BAC＝90°，D是BC的中点，E是AD的中点，过点A作AF∥BC交BE的延长线于点F．（1）求证：四边形ADCF是菱形；（2）若AC＝6，AB＝8，求菱形ADCF的面积．15．如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，CD⊥AB，垂足为D，AF平分∠CAB，交CD于点E，交CB于点F．（1）若∠B＝30°，AC＝6，求CE的长；（2）过点F作AB的垂线，垂足为G，连接EG，试判断四边形CEGF的形状，并说明原因．参考答案1．解：（1）如图1，∵EB＝BC＝EC，∴△EBC是等边三角形，∴∠EBC＝60°，∵四边形ABCD是正方形，∴∠CBD＝45°，∴∠EBD＝∠EBC﹣∠CBD＝60°﹣45°＝15°；（2）线段FC与BE之间的等量关系是：FC•BE＝2a，理由是：如图2，连接AF交BE于G，∵四边形ABCD是正方形，∴AB＝BC，∠ABD＝∠DBC，∵BF＝BF，∴△ABF≌△CBF（SAS），∴AF＝CF，∠BAF＝∠BCF，∵EB＝EC，∴∠ECB＝∠EBC，∵∠ABC＝∠DCB＝90°，∴∠ABE＝∠DCE，∴∠ABE+∠BAF＝∠DCE+∠BCE＝90°，∴∠AGB＝90°，∴AF⊥BE，∴S四边形ABFE＝S△ABE+S△BEF，＝，＝，＝，∵S四边形ABFE＝a，∴＝a，∴FC•BE＝2a．2．解：（1）EG＝BE+DG．如图1，延长AD至F，使DF＝BE，连接CF，∵四边形ABCD为正方形，∴BC＝DC，∠ABC＝∠ADC＝∠BCD＝90°，∵∠CDF＝180﹣∠ADC，∴∠CDF＝90°，∴∠ABC＝∠CDF，∵BE＝DF，∴△EBC≌△FDC（SAS），∴∠BCE＝∠DCF，EC＝FC，∵∠ECG＝45°，∴∠BCE+∠GCD＝∠BCD﹣∠ECG＝90°﹣45°＝45°，∴∠GCD+DCF＝∠FCG＝45°，∴∠ECG＝∠FCG，∵GC＝GC，∴△ECG≌△FCG（SAS），∴EG＝GF，∵GF＝GD+DF＝GD+BE，∴EG＝GD+BE．（2）如图2，过点C作CD⊥AG，交AG的延长线于D．∵AG∥BC，∴∠A+∠B＝180°，∵∠B＝90°，∴∠A＝180°﹣∠B＝90°，∵∠CDA＝90°，AB＝BC，∴四边形ABCD是正方形，∵AB＝BC＝12，∴CD＝AD＝12，∵BE＝4，∴AE＝AB﹣BE＝8，设EG＝x，由（1）知EG＝BE+GD，∴GD＝x﹣4，∴AG＝AD﹣GD＝12﹣（x﹣4）＝16﹣x，在Rt△AEG中：GE2＝AG2+AE2，∴x2＝（16﹣x）2+82，解得x＝10，∴EG＝10．3．解：（1）∵四边形ABCD的正方形，∴∠ACB＝45°，AD∥BC，∵AC＝EC，∴∠E＝∠EAC，∵∠ACB＝∠E+∠EAC＝45°，∴∠E＝22.5°，∵AD∥BC，∴∠DAE＝∠E＝22.5°；（2）∵四边形ABCD是正方形，正方形ABCD的边长是1，∴AB＝1，∠DAB＝90°，∠DBC＝45°，∵∠DAE＝22.5°，∴∠BAP＝90°﹣22.5°＝67.5°，∠APB＝∠E+∠DBC＝22.5°+45°＝67.5°，∴∠BAP＝∠APB，∴BP＝AB＝1．4．证明：（1）∵O是AC的中点，且EF⊥AC，∴AF＝CF，AE＝CE，OA＝OC，∵四边形ABCD是矩形，∴AD∥BC，∴∠AFO＝∠CEO，在△AOF和△COE中，，∴△AOF≌△COE（AAS），∴AF＝CE，∴AF＝CF＝CE＝AE，∴四边形AECF是菱形；（2）如图，∵AB＝8，AF＝AE＝EC＝10，∴BE＝＝＝6，∴BC＝16，∴AC＝＝＝8，∵AO＝CO，∠ABC＝90°，∴BO＝AC＝4．5．证明：（1）∵四边形ABCD是平行四边形∴AD∥BC，AO＝CO∴∠AEF＝∠CFE，∠EAC＝∠FCA，且AO＝CO ∴△AOE≌△COF（AAS）∴OF＝OE，且AO＝CO∴四边形AFCE是平行四边形；（2）∵∠DAC＝60°∴，∴h＝×AC＝3．6．（1）证明：∵四边形ABCD是正方形，∴OA＝OB，∠ABC＝90°，AC⊥BD，∴∠AOB＝∠BOE＝90°，∵AF⊥BE，∴∠GAE+∠AEG＝∠OBE+∠AEG＝90°，∴∠GAE＝∠OBE，在△AOH和△BOE中，，∴△AOH≌△BOE（ASA）；（2）∠AGO＝45°；（3）S△OGC＝OG•CG＝×6＝3．7．当x为2或﹣3+时，以P、Q、M、N为顶点的四边形是平行四边形．8．（1）证明：作CH⊥DE交DE于点H，交AD于点N，∵ED⊥AF，CH⊥DE，∴AF∥CN，又AN∥CF，∴四边形AFCN为平行四边形，∴AN＝CF，∵F是BC边的中点，AD＝BC，∴N是AD边的中点，∵NH∥AE，DN＝NA，∴DH＝HE，又CH⊥DE，∴CE＝CD；（2）解：作BG⊥AF于点G，设正方形的边长为4a，则BF＝2a，由勾股定理得，AF＝＝＝2a，×AB×BF＝×AF×BG，即×4a×2a＝×2a×BG，解得，BG＝a，∵∠ABF＝90°，BG⊥AF，∴BF2＝FG•FA，即（2a）2＝FG•2a，解得，FG＝a，∵∠BAF+∠DAE＝90°，∠ADE+∠DAE＝90°，∴∠BAG＝∠ADE，在△BAG和△ADE中，∴△BAG≌△ADE（AAS）∴AE＝BG＝a，∴EG＝AF﹣AE﹣FG＝a，∴BG＝EG，∴∠BEF＝45°，则图2中所有与∠BEF度数相等的角有∠ABD、∠CBD、∠ADB、∠CDB．9．（1）证明：∵DE是∠ADC的角平分线，∴∠ADE＝∠CDE，在平行四边形ABCD中，AD∥BC，∴∠ADE＝∠CED，∴∠CDE＝∠CED，∴CD＝CE；（2）解：∵CD＝CE，BE＝CE，∴BE＝CD＝AB，∴△ABE为等腰三角形，∴设∠BAE＝∠BEA＝α，∠CED＝∠CDE＝β，∴∠ABE＝180°﹣2α，∠DCE＝180°﹣2β，又∵∠ABE+∠DCE＝180°，∴180°﹣2α+180°﹣2β＝180°，∴α+β＝90°，∴∠AED＝90°，即△AED为直角三角形，∴AD＝＝＝5，过点E作EK⊥AD，∴EK＝＝，△APD的面积＝AD•EK＝×5×＝6．10．解：（1）证明：∵AF平分∠BAD，∴∠BAF＝∠DAF，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，AB∥CD，∴∠DAF＝∠CEF，∠BAF＝∠CFE，∴∠CEF＝∠CFE，∴CE＝CF，又∵四边形ECFG是平行四边形，∴四边形ECFG为菱形；（2）①∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥DC，AB＝DC，AD∥BC，∵∠ABC＝120°，∴∠BCD＝60°，∠BCF＝120°由（1）知，四边形CEGF是菱形，∴CE＝GE，∠BCG＝∠BCF＝60°，∴CG＝GE＝CE，∠DCG＝120°，∵EG∥DF，∴∠BEG＝120°＝∠DCG，∵AE是∠BAD的平分线，∴∠DAE＝∠BAE，∵AD∥BC，∴∠DAE＝∠AEB，∴∠BAE＝∠AEB，∴AB＝BE，∴BE＝CD，∴△DGC≌△BGE（SAS）；②∵△DGC≌△BGE，∴BG＝DG，∠BGE＝∠DGC，∴∠BGD＝∠CGE，∵CG＝GE＝CE，∴△CEG是等边三角形，∴∠CGE＝60°，∴∠BGD＝60°，∵BG＝DG，∴△BDG是等边三角形，∴∠BDG＝60°；（3）方法一：如图3中，连接BM，MC，∵∠ABC＝90°，四边形ABCD是平行四边形，∴四边形ABCD是矩形，又由（1）可知四边形ECFG为菱形，∠ECF＝90°，∴四边形ECFG为正方形．∵∠BAF＝∠DAF，∴BE＝AB＝DC，∵M为EF中点，∴∠CEM＝∠ECM＝45°，∴∠BEM＝∠DCM＝135°，在△BME和△DMC中，∵，∴△BME≌△DMC（SAS），∴MB＝MD，∠DMC＝∠BME．∴∠BMD＝∠BME+∠EMD＝∠DMC+∠EMD＝90°，∴△BMD是等腰直角三角形．∵AB＝8，AD＝14，∴BD＝2，∴DM＝BD＝．方法二：过M作MH⊥DF于H，∵∠ABC＝90°，四边形ABCD是平行四边形，∴四边形ABCD是矩形，又由（1）可知四边形ECFG为菱形，∠ECF＝90°，∴四边形ECFG为正方形，∴∠CEF＝45°，∴∠AEB＝∠CEF＝45°，∴BE＝AB＝8，∴CE＝CF＝14﹣8＝6，∵MH∥CE，EM＝FM，∴CH＝FH＝CF＝3，∴MH＝CE＝3，∴DH＝11，∴DM＝＝．11．（1）证明：∵AE⊥BD，CF⊥BD，∴AM∥CN，∵四边形ABCD是平行四边形，∴CM∥AN∴四边形CMAN是平行四边形；（2）解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，AD＝BC，∴∠ADE＝∠CBF，∵AE⊥BD，CF⊥BD，∴∠AED＝∠CFB＝90°，在△ADE与△CBF中，∠ADE＝∠CBF，∠AED＝∠CFB，AD＝BC，∴△ADE≌△CBF（AAS）；∴DE＝BF＝8，∵FN＝6，∴．12．解：（1）证明：∵∠ACB＝90°，DE⊥BC，∴AC∥DE又∵CE∥AD∴四边形ACED是平行四边形．（2）∵四边形ACED是平行四边形．∴DE＝AC＝2．在Rt△CDE中，由勾股定理得CD＝＝＝2．∵D是BC的中点，∴BC＝2CD＝4．13．解：（1）设点P运动时间为t（s），根据题意，得点P出发1s后，点Q才开始从点C出发以acm/s的速度沿C→D的方向运动到点D停止，当点P到达点B时，点Q恰好到达点D．∴2（t﹣2）＝a（t﹣1），当点P到达点A时，△CPQ的面积为3cm2，即a×1×4＝3，∴a＝．即2（t﹣2）＝（t﹣1），解得t＝5，所以CD＝a（t﹣1）＝6．答：CD的长为6；（2）根据题意，得BC＝AD＝4，CD＝6DP＝2t，CQ＝1.5（t﹣1），①点P的运动时间为t，0﹣1秒时点Q还在点C，△BPQ面积不变为＝12；即S＝12（0＜t≤1）②当1＜t≤2时，DQ＝6﹣1.5（t﹣1）＝7.5﹣1.5t，S＝S梯形DPBC﹣S△DPQ﹣S△BQC＝（2t+4）×6﹣×2t×（7.5﹣1.5t）﹣×1.5（t﹣1）×4 ＝1.5t2﹣4.5t+15；③当2＜t≤5时，BP＝10﹣2t，S＝BP•BC＝（10﹣2t）×4＝20﹣4t．综上所述：运动过程中△BPQ的面积为S（cm2），用含t（s）的式子表示面积S（cm2）为：S＝12 （0＜t≤1）或S＝1.5t2﹣4.5t+15（1＜t≤2）或S＝20﹣4t（2＜t≤5）．14．解：（1）证明：∵E是AD的中点∴AE＝DE∵AF∥BC∴∠AFE＝∠DBE在△AEF和△DEB中∴△AEF≌△DEB（AAS）∴AF＝DB∴四边形ADCF是平行四边形∵∠BAC＝90°，D是BC的中点∴AD＝CD＝BC∴四边形ADCF是菱形；（2）解：法一、设AF到CD的距离为h，∵AF∥BC，AF＝BD＝CD，∠BAC＝90°，∴S菱形ADCF＝CD•h＝BC•h＝S△ABC＝AB•AC＝．法二、连接DF∵AF＝DB，AF∥DB∴四边形ABDF是平行四边形∴DF＝AB＝8∴S菱形ADCF＝AC•DF＝．法三、∵三角形ABD与三角形ADC与三角形AFC的面积相等，∴菱形ADCF的面积等于三角形ABC的面积为24．答：菱形ADCF的面积为24．15．解：（1）∵∠ACB＝90°，∠B＝30°，∴∠CAB＝60°，∵CD⊥AB，∴∠ADC＝90°，∴∠ACD＝30°，∵AF平分∠CAB，∴∠CAF＝∠BAF＝30°，∴CE＝AE，过点E用EH垂直于AC于点H，∴CH＝AH∵AC＝6，∴CE＝2答：CE的长为2；（2）∵FG⊥AB，FC⊥AC，AF平分∠CAB，∴∠ACF＝∠AGF＝90°，CF＝GF，在Rt△ACF与Rt△AGF中，AF＝AF，CF＝GF，∴Rt△ACF≌Rt△AGF（HL），∴∠AFC＝∠AFG，∵CD⊥AB，FG⊥AB，∴CD∥FG，∴∠CEF＝∠EFG，∴∠CEF＝∠CFE，∴CE＝CF，∴CE＝FG，∴四边形CEGF是菱形。
人教版九年级全册物理单元练习题：第18章电功率及参考答案
人教版九年级全册物理单元练习题：第十八章电功率一、选择题1.“千瓦时”是下列哪个物理量的单位（）A.电能B.电流C.电功率D.电压2.某灯标有“220V60W”字样，当灯丝中电流为0.2A时，此灯实际功率（）A.等于60WB.等于220WC.小于60WD.大于60W3.下列用电器中，利用电流热效应工作的是（）A.计算器B.电水壶C.收音机D.电冰箱4.小华家有的家用电器的电源线不够长，他准备了一个标有“220V10A”字样的延长线插座。
现有“220V1500W”的电水壶和“220V800W”的电饭锅，若将两个用电器同时插在此插座上使用，下列说法正确的是（）A.这两个用电器串联B.电饭锅的电阻小于电水壶的电阻C.通过电饭锅的电流大于通过电水壶的电流D.通过延长线的电流将超过插座所允许的电流，插座容易烧坏5.某学校共有电灯100盏，都用60W的普通照明灯泡，平均每天用电4h，如果都改用40W的日光灯，不但可以省电，而且比原来更亮了，则下列说法正确的是（）A.日光灯和普通照明灯泡工作时主要是电能转化为光能B.日光灯比普通照明灯泡亮是因为它的实际功率大C.所有的日光灯每年消耗的电能为8760kW·hD.该校每天能节约的电能为2.88×107J6.小灯泡L1和L2分别标有“2.5V 0.3A”、“3.8V 0.3A”将L1和L2分别采用如图甲、乙所示的方式与同一电源连接，闭合开关S后，L1和L2都能发光，不考虑灯丝电阻的变化，下列说法正确的是（）A.L1的电阻大于L2的电阻B.甲图中通过L1的电流大于通过L2的电流C.乙图中L1、L2两端的实际电压相等D.甲、乙两图中L1的实际功率小于L2的实际功率7.小华家电热毯内的电阻丝断了，她爸爸将电阻丝的两个断头接上后继续使用，在使用中发现接头处的电热毯烧焦了，其原可能是（）A.电阻丝总长度变短，总电阻变小，电流变大B.电阻丝总长度变短，总电阻变大，电流变小C.接头处电阻变小，相同时间内释放的热量更多D.接头处电阻变大，相同时间内释放的热量更乡8.下列不是利用电流热效应的是（）A. B. C. D.9.有两条电阻丝，它们的电阻之比是2：1，把它们串联接入电压为U的电路中，则在相等的时间里，它们放出的热量之比是（）A.1：2B.2：1C.1：4D.4：110.如图所示为小灯泡L和定值电阻R的U关系图像，现把小灯泡L与电阻R串联后接在电压恒为5V的电源两端，且小灯泡L与电阻R都有电流通过，则电路的总功率为（）A.1.8WB.2.4WC.3.2WD.2W11.一灯泡标有“6V6W”字样，其工作时I-U图象如图甲所示。
中国石油大学物理2-2第18章习题详细答案
习题1818-3. 当波长为3000Å的光照射在某金属表面时，光电子的能量范围从0到4.0⨯10-19J 。
在做上述光电效应实验时遏止电压是多大?此金属的红限频率是多大?[解] 由Einstien 光电效应方程()02max 21νν-=h mv 2max 2max 02121mv hc mv h h -=-=λνν19191910626.2100.410626.6---⨯=⨯-⨯=红限频率 Hz 1097.3140⨯=ν 遏止电压a U 满足 J 100.421192max a -⨯==mv eU 所以 V 5.2106.1100.41919a a =⨯⨯==--e eU U18-4. 习题18-4图中所示为一次光电效应实验中得出的遏止电压随入射光频率变化的实验曲线。
(1)求证对不同的金属材料，AB 线的斜率相同； (2)由图上数据求出普朗克常量h 的值。
[解] (1) 由Einstien 光电效应方程得 A h U e -=νa 即 eA e h U -=νa 仅A 与金属材料有关，故斜率eh与材料无关。
(2)()s V 100.4100.50.100.21514⋅⨯=⨯-=-e h 所以s J 104.6106.1100.4341915⋅⨯=⨯⨯⨯=---h18-5. 波长为λ的单色光照射某金属M 表面产生光电效应,发射的光电子(电量绝对值为e,质量为m )经狭缝s 后垂直进入磁感应强度为B 的均匀× × ×× × × × × ×× × ××B习题18-5图磁场，如习题18-5图所示。
今已测出电子在该磁场中作圆运动的最大半径为R ，求(1)金属材料的逸出功； (2)遏止电势差。
解：设光电子获得的速度为v,电子在磁场中的半径R 可表示为：eB mv R =设金属材料的逸出功为W 0，根据光电效应方程，有2021mv W chh +==λν 联立上面二式可得，W 0=()mReB chW 2-20λ=(2)由()mReB mv eU 22122== ()mRB e U 22=18-6. 在康普顿散射中，入射光子的波长为0.03Å，反冲电子的速度为光速的60％。
无机化学第四版(下册)第十八章习题答案
第18章非金属元素小结18-1 略18-2为什么氟和其他卤素不同，没有多种可变的正氧化态？解：因为F是电负性最大的元素，在形成化合物时，电子云总是偏向F，而且F处于第二周期，没有空d轨道参与成键，所以，和其他卤素不同，没有多种可变的正氧化态。
18-3 小结p区元素的原子半径、电离能、电子亲和能和电负性，在按周期性递变规律的同时，还有哪些反常之处？说明其原因。
解：p区元素的原子半径、电离能、电子亲和能和电负性，对同一周期，一般是自左向右原子半径依次减小，电离能依次增大，电子亲和能依次增大，电负性依次增大。
对于同一族，一般是从上到下原子半径依次增大，电离能依次减小，电子亲和能依次减小，电负性依次减小。
但第V A族的N、P、As等的第一电离能和电子亲和能出现反常，第一电离能比同周期VIA族的O、S、Se大，电子亲和能比同周期IV A族的C、Si、Ge小，这是由于V A族元素的外层p轨道处于半充满，结构稳定，不易失去电子，也不易接受电子。
另外，F的电子亲和能要小于Cl，O的电子亲和能小于S，N的电子亲和能小于P等，这是由于第二周期p区元素的原子半径太小，电子云密度大，电子之间排斥力很强，以致当加合一个外来电子形成负离子时，因排斥力大使放出的能量减小，导致上述反常结果。
18-4 概括非金属元素的氢化物有哪些共性？解：非金属元素的氢化物都是以共价键结合的分子型氢化物，在通常状况下为气体或挥发性液体，都能与氧、卤素、氧化态高的金属离子以及一些含氧酸盐等氧化剂作用。
18-5 已知下列数据(298K)：△f G mӨ[H2S(aq)]= －27.9 kJ·mol-1；△f G mӨ[S2-(aq)]= 85.8 kJ·mol-1；△f G mӨ[H2Se(aq)] = 22.2 kJ·mol-1；△f G mӨ[Se2-(aq)] = 129.3 kJ·mol-1试计算下列反应在298K时的△r G mӨ和平衡常数K，并比较两者中哪一个酸性较强？(1) H2S(aq) －→ 2H+(aq) + S2-(aq)(2) H2Se(aq) －→2H+(aq) + Se2-(aq)解：(1) H2S(aq) －→ 2H+(aq) + S2-(aq)298K △r G1Ө= △f G mӨ[S2-(aq)]－△f G mӨ[H2S(aq)]= 85.8－(-27.9) = 113.7kJ·mol-1由△r G1Ө = - RTlnK1Ө求得：K1Ө = 1.17×10-20(2) H2Se(aq) －→2H+(aq) + Se2-(aq)298K △r G2Ө= △f G mӨ[Se2-(aq)]－△f G mӨ[H2Se(aq)]= 129.3－22.2) = 107.1kJ·mol-1由△r G2Ө = - RTlnK2Ө求得：K2Ө = 1.68×10-19通过(1)、(2)的计算结果可知：H2Se的酸性比H2S的酸性强。
仪器分析习题答案-色谱分析部分
第18章 色谱法导论部分习题解答18-1、答：利用待分离的各种组分在两相间的分配系数、吸附能力等亲和能力的不同而进行分离的方法（也叫层析法或色层法）速差迁移是因为不同组分在两相间的分配系数不同而引起的。
按照)1(ms m R V V K t t +=可见，速差迁移取决于色谱热力学因素，包括固定相与流动相的性质与组成，组分性质以及固定相与流动相的体积比。
分子离散是因为分子在色谱分离过程中存在涡流扩散、纵向扩散和传质阻力造成的，按照速率方程可知，分子离散取决色谱动力学因素，包括填料颗粒大小、填充均匀程度、流动相流速、柱温、分子扩散系数、固定液膜厚度、以及色谱柱长度、形状和色谱系统死体积等因素。
18-5．解：（1）由题可知，各组分保留时间和色谱体系死时间分别为：t A = 18.0 min, t B = 25.0 min, t M = 2.0 min所以，组分A 和B 的调整保留时间分别为：t A ΄= t A – t M = 16.0 min ；t B ΄ = t B - t M =23.0 min所以，B 组分相对于A 的相对保留值为：438.11623//,===A B AB t t α （2）因为)1(k t t M R +=，所以MR M R t t t t k '1=-= 所以，A 组分的保留因子为：0.80.20.16'===M A A t t k B 组分的保留因子为：5.110.20.23'===M B B t t k （3）因为组分在流动相中的停留时间等于流动相在柱中的停留时间，分子在固定相的平均时间等于组分的调整保留时间，所以B 组分在流动相和固定相的停留时间分别为：0.2,==M m B t t min ； 0.23/,==B s B t t minB 组分在流动相的停留时间占保留时间的分数为：%0.80.250.2= B 组分在固定相的停留时间占保留时间的分数为：%0.920.250.23=18-9答：影响色谱峰区域扩张的因素包括填料颗粒大小、填充均匀程度、流动相流速、柱温、分子扩散系数、固定液膜厚度以及色谱柱长度、形状和色谱系统死体积等因素。
审计学（第二版）-第18章内部审计习题答案
本章复习思考题1．试述内部审计的定义与特征。
答：一、内部审计的定义中国《审计署关于内部审计工作的规定》对内部审计的定义为：“内部审计是独立监督和评价本单位及所属单位财政收支、财务收支、经济活动的真实、合法和效益的行为，以促进加强经济管理和实现经济目标。
”国际内部审计师协会（IIA）认为，“内部审计是一种独立、客观的确认（Assurance）和咨询（Consulting）活动，旨在增加价值和改善组织运营。
它通过应用系统的、规范的方法，评价并改善风险管理、控制和治理过程的效果，帮助组织实现其目标。
”虽然对内部审计的定义部完全系统，但均包含以下要点：（一）内部审计的独立性要求独立性是审计的本质特征。
内部审计机构在实施审计过程中仍然要保持其独立性，但内部审计的独立性比外部审计要弱。
由于内部审计机构属于本部门、本单位的内部机构，与同属于本部门、本单位的被审计单位有着关联关系，因而只具有相对独立性。
（二）内部审计的职能内部审计只具有经济监督与评价职能，不具有经济鉴证职能。
这是因为内部审计机构与被审计单位同属于一个部门或单位，在外人看来，不具有形式上的独立性，因而其签发的审计报告对外就不具有经济鉴证作用。
在审计职能的侧重点方面，内部审计应当侧重于经济评价职能。
（三）内部审计的范围内部审计的范围只能局限于本部门、本单位及其所属单位内部。
（四）内部审计的对象内部审计的对象是本单位及所属单位内部受托经济责任履行情况，即本单位及所属单位为履行内部受托经济责任而发生的财务收支活动及其相关经济活动的真实性、合法性和效益性以及相关经济资料的合法性、正确性和公允性。
（五）内部审计根本目的内部审计的根本目的是促进本部门、本单位将其经济管理和实现经济目标。
2．内部审计机构应当履行哪些职责？应当赋予内部审计机构哪些职权？答：为充分发挥内部审计的职能，实现内部审计的根本目标，内部审计机构应当在本单位主要负责人或者权力机构的领导下，在本部门、本单位内部履行下列职责：1．开展财政财务审计，即对本单位及所属单位（含占控股地位或者主导地位的单位，下同）的财政收支、财务收支及其有关的经济活动进行审计；2．开展资金管理审计，即对本单位及所属单位预算内、预算外资金的管理和使用情况进行审计；3．开展经济责任审计，即对本单位内设机构及所属单位领导人员的任期经济责任进行审计；4．开展固定资产投资审计，即对本单位及所属单位固定资产投资项目进行审计；5．开展内部控制审计与风险管理审计，即对本单位及所属单位内部控制制度的健全性和有效性以及风险管理进行审计；6．开展管理审计与效益审计，即对本单位及所属单位经济管理和效益情况进行审计；7．开展其他审计，即法律、法规规定和本单位主要负责人或者权力机构要求办理的其他审计事项。
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第18章弯曲应力
18-1 一外伸梁如图所示.梁为16a 号槽钢所制成，试求梁的最大拉应力和最大 压应力，并指出其作用截面和位置。
（16a 号槽钢I z 73.3cm 4）
解：
（1）求支座约束力
F 1 F 2 0 F A y 7.5kN
（2）画弯矩图
最大弯矩分别在A 截面和截面C
M A 2.4kNgm M C 1.2kNgm
（3）求最大弯曲正应力
截面A 的最大拉应力和最大压应力
M A 18 10 3 2.4 103 18 103
t max
I z 73.3 10 8
M A 45 10 3 2.4 103 45 103
c max
I z 73.3 10 8 截面C 的最大拉应力和最大压应力
M C 18 10 3 1.2 103 45 103
t max
I z 73.3 10
8
M A 45 10 3 1.2 103 18 10 3
c max
I z
73.3 10 8 58.93MPa
147.3MP
a
73.67MPa 29.47MPa Kir
l,5kN
M A (FJ 0 0.8F 1 0.8F 2 1.6 F By 0 F By 1.5kN
D Fi = 3kN
D
旷产6kN R
18-2
一外伸梁由铸铁制成，受力及截面如图，已知铸铁许用拉应力和许用压应 力分别为 t 40MPa ， c 60MPa ，梁的截面惯性矩l z 7.65 104mm 4，试
校核梁的强度
解：
（1）求支座约束力
M A （ F i ） 0 F 1 3F 2 2F By 0 F By 12.75kN
（2）画弯矩图
最大弯矩分别在C 截面和截面D
M C 3.75kNgm M D 4.5kNgm
（3）强度校核 截面C 的最大拉应力
截面C 的最大拉应力和最大压应力
F jy 0 F Ay F By F l F 2 0 F Ay 3.75kN
t max M C 88 I z 3.75 106 88
7.65 106 43.1MPa
I r
--------- D
)m —
t max
c
max M D 88
I z
4.5 106 88
7.65 106
51.8MPa
M D （120 88 20） 4.5 106 52
7.65 106
30.6MPa
C截面的最大拉应力大于许用拉应力，所以强度不满足
18-3 一短形截面梁，如题所示，已知P 2kN，横截面的高宽比h b 3，材料为松木，其许用应力为8MPa。
试选择横截面的尺寸
解：
（1）求支座约束力
F iy 0 F Ay F By 3F 0
M A（FJ 0
F 2F 3F 4F By 0
F Ay F By 3kN （2）画弯矩图M max 4kN gm
lm f 1 i
(3) 求横截面的抗弯截面系数
bh23b3
z6 2
(4) 选择横截面尺寸
69.34mm
3kN
18-4 一受均布载荷的外伸钢梁如图所示，已知q 12kN /m，材料的许用应力160MPa。
试选择此梁的工字钢型号
解:
(1)
求支座约束力
F jy 0 F Ay F By 10q 0
M A (FJ 0
10q 3 6F By 0
F Ay F By 60kN (2)
画弯矩图
M max 30kN gm
(3) 选择工字钢型号
查表，18号工字钢的抗弯截面系数 W z 185cm 3，所以选用18号工字钢
许轧制力
解:
M max 23750q
(3) 轧辊轴所能承受的最大允许轧制力
max
max
W z w z max 30 103 160 106 187.5cm 3
18-5轧辊轴如图所示，直径D
280mm ，跨长 I 1000mm ， a 450mm ， b 100mm ，轧辊材料的许用应力 100MPa ，试求轧辊轴所能承受的最大允
(1)求支座约束力
(2)画弯矩图
max
23750q
D332
q 9.07kN / m max
W z。