(江苏专用)高考数学二轮复习专题三数列第2讲数列的求解与综合创新学案文苏教版

（江苏专用）高考数学二轮复习专题三数列第2讲数列的求解与

综合创新学案文苏教版

第2讲数列的求解与综合创新

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1．数列求通项、

求和及求参数的

范围(值)

第14题

以解答题的形式考查，主要是等差、

等比数列的定义、通项公式、前n项和公

式及其性质等知识交汇综合命题，考查用

数列知识分析问题、解决问题的能力，属

高档题．

2．数列的综合与

创新

第20题第20题第19题

1．必记的概念与定理

(1)等差数列{a n}的前n项和公式：

S n＝

n（a1＋a n）

2

＝na1＋

n（n－1）

2

d；

(2)等比数列{a n}的前n项和公式：

q≠1时，S n＝

a1（1－q n）

1－q

＝

a1－a n q

1－q

；q＝1时，S n＝na1；

(3)数列求和的方法技巧

①分组转化法

有些数列，既不是等差数列，也不是等比数列，若将数列的通项公式拆开或变形，可转化为几个等差、等比数列或常见的数列，即先分别求和，然后再合并．

②错位相减法

这是在推导等比数列的前n项和公式时所用的方法，这种方法主要用于求数列{a n·b n}的前n项和，其中{a n}，{b n}分别是等差数列和等比数列．

③倒序相加法

若求和式中到首尾距离相等的两项和相等或者求和式中到首尾距离相等的两项具有某种对称性，则可以考虑使用倒序相加的求和方法．

在使用倒序相加法求和时要注意相加后求出的和是所求和的二倍，得出解题结果后不要忽视了除以2．

④裂项相消法

利用通项公式变形，将通项公式分裂成两项或几项的差，通过相加过程中的相互抵消，最后只剩下有限项的和．

2．记住几个常用的公式与结论 常见的拆项公式： (1)1n （n ＋1）＝1n －1

n ＋1；

(2)

1n （n ＋k ）＝1k ⎝ ⎛⎭

⎪⎫1

n －1n ＋k ；

(3)1（2n －1）（2n ＋1）＝12⎝ ⎛⎭⎪⎫12n －1－12n ＋1；

(4)

1

n ＋n ＋k ＝1

k

(n ＋k －n )．

3．需要关注的易错易混点

在运用等比数列的前n 项和公式时，必须注意对q ＝1与q ≠1分类讨论，防止因忽略q ＝1这一特殊情形导致解题失误．

数列求通项、求和及求参数的范围(值)

[典型例题]

(2019·南京高三模拟)已知常数p ＞0，数列{a n }满足a n ＋1＝|p －a n |＋2a n ＋p ，n ∈N *

． (1)若a 1＝－1，p ＝1， ①求a 4的值；

②求数列{a n }的前n 项和S n ．

(2)若数列{a n }中存在三项a r ，a s ，a t (r ，s ，t ∈N *

，r ＜s ＜t )依次成等差数列，求a 1

p

的取值范围．

【解】 (1)因为p ＝1，所以a n ＋1＝|1－a n |＋2a n ＋1． ①因为a 1＝－1，所以a 2＝|1－a 1|＋2a 1＋1＝1，

a 3＝|1－a 2|＋2a 2＋1＝3，a 4＝|1－a 3|＋2a 3＋1＝9．

②因为a 2＝1，a n ＋1＝|1－a n |＋2a n ＋1， 所以当n ≥2时，a n ≥1，

从而a n ＋1＝|1－a n |＋2a n ＋1＝a n －1＋2a n ＋1＝3a n (n ≥2)， 所以a n ＝3

n －2

(n ≥2)．

当n ＝1时，S 1＝－1．

当n ≥2时，S n ＝－1＋a 2＋a 3＋…＋a n ＝－1＋1－3n －1

1－3＝3n －1

－3

2．

所以S n ＝⎩⎪⎨⎪⎧－1，n ＝1，3n －1

－32，n ≥2，n ∈N *

， 即S n ＝

3

n －1

－32

，n ∈N *

． (2)因为a n ＋1－a n ＝|p －a n |＋a n ＋p ≥p －a n ＋a n ＋p ＝2p ＞0， 所以a n ＋1＞a n ，即{a n }单调递增． ①当a 1p

≥1时，有a 1≥p ，于是a n ≥a 1≥p ， 所以a n ＋1＝|p －a n |＋2a n ＋p ＝a n －p ＋2a n ＋p ＝3a n ， 所以a n ＝3

n －1

a 1．

若{a n }中存在三项a r ，a s ，a t (r ，s ，t ∈N *

，r ＜s ＜t )依次成等差数列，则有2a s ＝a r ＋a t ， 即2×3

s －1

＝3

r －1

＋3

t －1

．(*)

因为s ≤t －1，所以2×3s －1

＝23

×3s ＜3t －1＜3r －1＋3t －1

， 即(*)不成立．

故此时数列{a n }中不存在三项依次成等差数列． ②当－1＜a 1p

＜1时，有－p ＜a 1＜p ．

此时a 2＝|p －a 1|＋2a 1＋p ＝p －a 1＋2a 1＋p ＝a 1＋2p ＞p ， 于是当n ≥2时，a n ≥a 2＞p ，

从而a n ＋1＝|p －a n |＋2a n ＋p ＝a n －p ＋2a n ＋p ＝3a n ． 所以a n ＝3

n －2

a 2＝3n －2(a 1＋2p )(n ≥2)．

若{a n }中存在三项a r ，a s ，a t (r ，s ，t ∈N *

，r ＜s ＜t )依次成等差数列， 由①可知，r ＝1， 于是有2×3

s －2

(a 1＋2p )＝a 1＋3

t －2

(a 1＋2p )．

因为2≤s ≤t －1，