2021高考物理二轮复习第二篇模型建构高考必考物理模型学案.doc
2024届高考二轮复习物理课件：高考关键能力专项-模型建构能力
(2)金属棒在磁场中运动过程中,导体框做匀加速直线运动
设金属棒与导体框间的滑动摩擦力大小为Ff,导体框进入磁场时的速度大
小为v
对导体框,由牛顿第二定律得m0gsin α-Ff=m0a1
由匀变速直线运动的速度—位移公式得 v2-0 2 =2a1s0
导体框刚进入磁场时所受安培力
由滑动摩擦力公式得Ff=μmgcos α,代入数据解得金属棒与导体框之间的动
摩擦因数
μ=0.375。
(3)导体框加速时间
-0
t1= =0.2
1
s
磁场宽度d=v1t1=0.3 m
金属棒离开磁场后做匀加速直线运动,由牛顿第二定律
得mgsin α+Ff=ma2
代入数据解得a2=9 m/s2
金属棒加速到与导体框速度v相等,然后两者一起做匀加速直线运动
位移时间关系:x=v0t+
1
2
at
2
速度位移关系:v2-v0 2 =2ax
四、复杂运动情境模型
1.板块模型
板块模型是高中物理最典型的复杂运动情境模型,基本解法为牛顿运动定
律与运动学公式相结合。但此类模型经常与动量守恒、能量守恒类模型
相结合考查,是高考中的压轴题型。画运动草图、受力分析、动量守恒、
动能定理是此类问题常用的方法。
用下,物体做平抛运动。不同的过程模型也遵循着不同的运动规律,如匀变
速直线运动的速度时间关系、位移时间关系等。建构过程模型,需明确物
体的运动特征和受力条件,模型建构起来,就可以用模型的相关规律来解决
问题。
典例示范3(2022浙江6月选考)物流公司通过滑轨把货物直接装运到卡车
中。如图所示,倾斜滑轨与水平面成24°角,长度l1=4 m,水平滑轨长度可调,
2021届高考物理二轮复习核心素养微专题模型建构__板块模型课件
【解析】(1)设A的加速度大小为a1,对A由牛顿第二定律可得 μ2mg+μ1(M+m)g=Ma1 解得a1=3.5 m/s2,方向向左 设B的加速度大小为a2,对B由牛顿第二定律可得F+μ2mg=ma2 解得a2=10 m/s2,方向向右 A做减速运动v1=v0-a1t B做加速运动v2=a2t A、B达到共同速度时v1=v2 解得t=1 s
mC1
2Байду номын сангаас
= vmC2 C
1+
2
(mA+vm2AB B)
+μmCgL,联立并代入
数据得vC′=4 m/s,L=0.8 m,选项A错误;滑块在光滑圆弧槽B上滑行的过程中,假
设两者能达到速度相同,此时滑块滑上圆弧槽的最大高度。
根据系统的动量守恒和能量守恒可得mCvC′+mBvAB=(mC+mB1)v共, mCvC′2+
【解析】选C。由于在光滑水平面上,小滑块C与木板A作用过程中,动量守恒;滑
块在光滑圆弧槽B滑行的过程中,系统水平方向不受外力,动量守恒;所以整个过
程A、B、C组成的系统水平方向动量守恒,选项C正确;滑块在木板上滑行的过程
中,设向右为正方向,对系统由动量守恒和能量守恒可得
mCvC=mCvC′+(mA+mB)12vAB,vC2
3.如图所示,质量均为1.0 kg的木板A和半径为0.2 m的 1 光滑圆弧槽B静置在光
4
滑水平面上,A和B接触但不粘连,B左端圆弧与A上表面相切。现有一质量为 2.0 kg的小滑块C以5 m/s的水平初速度从左端滑上A,C离开A时,A的速度大小为 1.0 m/s。已知A、C间的动摩擦因数为0.5,重力加速度g取10 m/s2。下列说法正 确的是 ( ) A.木板A的长度为0.85 m B.滑块C能够离开B且离开B后做竖直上抛运动 C.整个过程中A、B、C组成的系统水平方向动量守恒 D.B的最大速度为10 m/s
2021高考物理二轮复习第二篇必考模型1板块模型学案
高考物理二轮复习第二篇:必考模型1 板块模型维度1: 涉及牛顿运动定律的板块模型(2019·江苏高考)如图所示,质量相等的物块A和B叠放在水平地面上,左边缘对齐。
A与B、B与地面间的动摩擦因数均为μ。
先敲击A,A立即获得水平向右的初速度,在B上滑动距离L 后停下。
接着敲击B,B立即获得水平向右的初速度,A、B都向右运动,左边缘再次对齐时恰好相对静止,此后两者一起运动至停下。
最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g。
求:(1)A被敲击后获得的初速度大小v A;(2)在左边缘再次对齐的前、后,B运动加速度的大小a B、a B′;(3)B被敲击后获得的初速度大小v B。
【标准解答】(1)审题拆过程:(2)情境化模型:(3)命题陷阱点:陷阱1:B与地面间的最大静摩擦力与A与B之间的摩擦力的大小关系;陷阱2:两物体相对运动的方向的判定;陷阱3:两物体的位移关系的判定。
1.如图所示,倾角α=30°的足够长光滑斜面固定在水平面上,斜面上放一长L=1.8 m、质量M=3 kg的薄木板,木板的最右端叠放一质量m=1 kg的小物块,物块与木板间的动摩擦因数μ=。
对木板施加沿斜面向上的恒力F,使木板沿斜面由静止开始做匀加速直线运动。
设物块与木板间最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度g取10 m/s2。
(1)为使物块不滑离木板,求力F应满足的条件;(2)若F=37.5 N,物块能否滑离木板?若不能,请说明理由;若能,求出物块滑离木板所用的时间及滑离木板后沿斜面上升的最大距离。
2.如图甲所示,地面上有一长为l=1 m,高为h=0.8 m,质量M=2 kg的木板,木板的右侧放置一个质量为m=1 kg的木块(可视为质点),已知木块与木板之间的动摩擦因数为μ1=0.4,木板与地面之间的动摩擦因数为μ2=0.6,初始时两者均静止。
现对木板施加一水平向右的拉力F,拉力F随时间t的变化如图乙所示,取g=10 m/s2。
精品2021最新版本高考物理二轮复习名师专题教案 Word版
精品2021最新版本高考物理二轮复习名师专题教案 Word版精品2021最新版本高考物理二轮复习名师专题教案-word版第二轮高考物理复习名师话题的一系列变化(附参考答案)一、特别提示1、从受力和运动两个方面分析简谐运动的特点及简谐运动中能量转化。
2.简单简谐运动模型的灵活应用——单摆和弹簧振子。
3、加深理解波是传递振动形式和波是能量传递的一种方式。
4、注意理解波的图象及波的形成过程。
5.注意横波中间粒子的运动距离与波传播距离之间的差异。
6、波由一种介质传到另一介质中，波的频率不变，波速由介质决定与频率无关。
7、据质点运动方向能正确判断出简谐横波的传播方向。
8.申请v？？F.计算公式时注意时间和空间的周期性。
9.在波浪干扰中，应注意了解增强和减弱的条件。
2、典型例子例1如图5-1，在质量为m的无底的木箱顶部用一轻弹簧悬量均为m(m??m)的a、b两物体，箱子放在水平面上，平衡后a、b间细线，此后a将做简谐振动，当a运动到最高点时，木箱面的压力为：（）a、 mgb、（m？m）gc、（m？m）gd、（m？2m）g解剪断a、b间细绳后，a与弹簧可看成一个竖直方向的弹簧振子模型，因此，在剪断瞬间a具有向上的大小为g的加速度，当a运动到最高点时具有向下的大小为g的加速度（简谐运动对称性），此时对a来说完全失重，从整体法考虑，箱对地面的作用力为mg，选a。
评价和分析应注意运动对称性在弹簧振子模型中的应用以及超重和失重知识，注意物理过程的分析，并使用理想化模型简化复杂的物理过程。
例2如图5-2，有一水平轨道ab，在b点处与半径r=160m的光滑弧形轨道bc相切，一质量为m=0.99kg的木块静止于b处，现有一颗质量为m?10kg的子弹以v0?500m/s的水平速度从左边射入出，如图所示，已知木块与该水平轨道的动摩擦因数??0.5，木块，未磨损挂质剪断对地G10m/S2，试着找出子弹射入木块后，木块需要多长时间才能停止？（cos5±0.996）解子弹射入木块由动量守恒定律得子弹和木块的共同速度为v?mv0/(m?m)?5m/s子弹和木块在光滑圆弧轨道BC上的运动可视为简谐运动，t？2.R8.s、 t1？t/2？4.s、 G子弹在水平轨道上作匀速减速运动，加速度a？f/（m？m）？5m/s2，t1？1s，t？t1？t2？(1?4?) S的评估和分析指出，子弹击中木块的过程中会损失机械能。
高中物理知识模型建构教案
高中物理知识模型建构教案
教学目标：
1. 学生能够了解物理知识模型的定义和重要性
2. 学生能够掌握构建物理知识模型的基本方法和步骤
3. 学生能够运用物理知识模型解决实际问题
教学内容：物理知识模型的概念、构建方法和应用
教学过程：
一、导入（5分钟）
教师通过引入一个实际问题，让学生思考如何用物理知识模型解决问题，引出物理知识模型的概念。
二、讲解（15分钟）
1. 介绍物理知识模型的定义和作用
2. 讲解构建物理知识模型的基本方法和步骤，包括确定问题、收集资料、建立假设、验证假设等。
3. 举例说明物理知识模型在实际问题中的应用
三、实践（25分钟）
1. 学生分成小组，选择一个实际问题，运用构建物理知识模型的方法解决问题。
2. 学生在小组内讨论并撰写成果报告，包括问题描述、建立的模型、解决方案等。
3. 学生展示成果并相互交流，讨论不同模型的优劣势。
四、总结（5分钟）
教师总结本节课的重点内容，强调物理知识模型对解决实际问题的重要性，并鼓励学生在以后的学习和探究中多运用物理知识模型。
教学反思：
通过本节课的教学，学生能够了解到物理知识模型的重要性，掌握了构建物理知识模型的基本方法和步骤，并运用知识解决实际问题。
在实践过程中，学生充分发挥了团队合作和创新思维，提高了问题解决能力和综合运用知识的能力。
在以后的教学中，可以进一步拓展学生对物理知识模型的认识，培养学生的科学思维和实践能力。
高考物理二轮总复习 第二部分 应试高分策略 专题一 物理模型 2.1.6 斜面模型课件
[例 2] 如图所示，光滑的平行金属导轨 CD 与 EF 间距 L＝1 m，与水平地面夹角 为 θ，且 sin θ＝0.4，导轨 C、E 两端用电阻 R＝0.8 Ω 的导线连接，导轨的电阻不 计，导轨处在磁感应强度 B＝0.1 T、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，一 根电阻 r＝0.2 Ω 的金属棒 MN 两端通过导电小轮搁在两导轨上，棒上有吸水装置 P，取沿导轨向下为 x 轴正方向，坐标原点 O 在 CE 中点，开始时棒处在 x＝0 位 置(即与 CE 重合)，棒的起始质量不计，设棒自静止开始下滑，同时开始吸水，质 量逐渐增大，设棒的质量与位移 x 的平方根成正比，即 m＝k x，k 为常数，其值 满足 k2＝10－4 kg2/m，重力加速度 g＝10 m/s2.
解析：因斜面体与地面的摩擦力为 0，可知物体对斜面体的作用力方向竖直向下， 物体对斜面体的正压力大小为 mgcos θ，摩擦力大小为 mgsin θ，此时 mgsin θ ＝μmgcos θ，物体对斜面体的作用力为 mg，则斜面体给小物块的作用力大小等 于 mg，选项 A 正确；由整体法可知，斜面体对地面的压力等于(m＋M)g，选项 B 错误；若将力 F 的方向突然改为竖直向下，则可认为物体的重力变为(mg＋F)，此 时小物块所受的摩擦力变为 μ(mg＋F)cos θ＝(mg＋F)sin θ，则物体做匀速运 动，选项 C 错误；若将力 F 撤掉，则由于 mgsin θ＝μmgcos θ，则小物块将匀 速下滑，选项 D 正确．
A．小铁块的初速度大小 v0＝5 m/s
B．小铁块与木板间的动摩擦因数
μ＝
3 3
C．当 α＝60°时，小铁块达到最高点后，又回到出发点，铁块速度将变为 5 2 m/s
D．当 α＝60°时，小铁块达到最高点后，又回到出发点，铁块下滑的加速度为203 3 m/s2
2021届新高考物理冲刺复习 板块模型
根据牛顿第二定律可知，物块匀减速运动的加速度大小等于
a2=μ1mg/m=μ1g=2m/s2．
0.5s后物块对木板的滑动摩擦力方向与速度方向相同，则木板的加速度大小为
a1′=μ2•2g−μ1g=4m/s2 故整个过程中木板的位移大小为
211052amxt??211tvmsa??以后木板与物块共同加速度匀减速运动321sgma???2231052vtmxat???121xmxx???巩固训练2如图示质量为m的长木板静止放置在粗糙水平地面上上有一个质量为m可视为质点的物块以某一水平初速度从左端冲上木板
1.模型特点
涉及两个发生相对滑动的物体.
（与1）物设块物的块质与量木均板为间m、．木板与地面间的动摩擦因数分别为μ1和μ2，木板 v-t的斜率等于物体的加速度，则得： 在0-0.5s时间内，木板的加速度大小为
a1＝△v/△t=8m/s2 ．
对木板：地面给它的滑动摩擦力方向与速度相反，物块对它的滑动摩 擦力也与速度相反，则由牛顿第二定律得
L
a2 FF
x1 L
x2
a1
解析 (1)木板受到的摩擦力
对木板：F1－μ1mg－μ(M＋m)g＝Ma 木板
Ff＝μ(M＋m)g＝10 N
木板能从木块的下方抽出的条件：
木板的加速度 a＝F－MFf＝2.5 m/s2。
a 木板＞a 木块 解得：F1＞25 N。 (4)木块的加速度 a′木块＝μ1g＝3 m/s2
即12a′木板 t2－21a′木块 t2＝L
(3)设木块的最大加速度为 a 木块，木板的 代入数据解得：t＝2 s。
最大加速度为 a 木板，则 μ1mg＝ma 木块
高中物理解题模型建构教案
高中物理解题模型建构教案
教学目标：
1. 学生能够熟练运用物理知识，正确解决物理问题
2. 学生能够掌握建构解题模型的基本方法和步骤
3. 学生能够提升解题能力，并在物理考试中取得更好的成绩
教学重点：
1. 解题模型的建构方法
2. 解题过程中的思维逻辑
3. 解决物理问题的技巧和技术
教学准备：
1. PowerPoint课件
2. 习题集和解题模型范例
3. 黑板、粉笔
教学过程：
一、导入
1. 引导学生回顾物理知识，了解解题模型建构的重要性
2. 引出本节课的主要内容：解题模型的建构方法
二、讲解
1. 介绍解题模型的概念和作用
2. 分析解题模型的建构步骤：问题分析、模型设定、求解模型、检验解答
3. 通过实例演示如何建构解题模型
三、练习
1. 让学生尝试解决几道物理题目，提供解题模型构建的指导
2. 学生分组合作，共同构建解题模型并解答问题
3. 教师逐个点评学生的解答，指出解题模型建构的优缺点
四、总结
1. 总结解题模型建构的基本方法和步骤
2. 强调解题模型的重要性，鼓励学生多练习，在解题过程中提升自己的思维能力和解决问题的技巧
五、作业
1. 布置一些物理练习题，要求学生使用解题模型建构方法解答
2. 要求学生总结解题过程中遇到的困难和解决方法，写成一篇小结
教学反思：
通过本堂课的教学，学生对解题模型的建构方法有了更深入的理解，解题思维也得到了进一步培养。
在以后的教学中，应多创设一些解题模型建构的综合性问题，帮助学生更好地掌握这一重要的解题技巧。
2021年高考物理二轮温习模型冲破训练2斜面模型
模型冲破训练(二) 斜面模型(限时：20分钟)1．(2021·东莞模拟)如图5所示，固定斜面的倾角θ＝53°，一物块在水平向右的拉力F 作用下沿着斜面向下做匀速直线运动．若维持拉力大小不变，方向改成沿斜面向上，物块也恰好沿斜面向下做匀速直线运动(已知sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6)．物块与斜面间的动摩擦因数为( )图5A．0.2 B．0.3C．0.4 D．0.5D[当拉力水平向右时，对物体：mg sin 53°＝F cos 53°＋μ(mg cos 53°＋F sin 53°)；当拉力沿斜面向上时：F＋μmg cos 53°＝mg sin 53°；联立解得μ＝0.5；故选D.] 2．(2021·赤峰4月模拟)如图6所示，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A停下，可采用的方式是( )图6A．增大斜面的倾角B．减小木块与斜面间的动摩擦因数C．对木块A施加一个垂直于斜面向下的力D．在木块A上再叠放一个重物C[木块匀速滑下，合力为零，按照平衡条件得mg sin θ＝μmg cos θ；若增大斜面的倾角θ，重力沿斜面向下的分力mg sin θ增大，滑动摩擦力f＝μmg cos θ减小，木块的合力方向将沿斜面向下，木块做加速运动，故A错误；由上可知减小木块与斜面间的动摩擦因数，木块的合力方向将沿斜面向下，木块做加速运动，故B错误；对木块A施加一个垂直于斜面向下的力F，重力沿斜面向下的分力mg sin θ不变，而滑动摩擦力f＝μ(F＋mg cos θ)增大，合力方向沿斜面向上，木块做减速运动，可使木块停下，故C正确；对木块A施加一个竖直向下的力，由于(F＋mg)sin θ＝μ(F＋mg)cos θ，木块的合力仍为零，仍做匀速运动，不可能停下，故D错误．]3．(2021·重庆江津中学月考)如图7所示，质量为M、倾角为θ的斜面体静止在水平地面上，有一质量为m的小物块放在斜面上，轻推一下小物块后，它沿斜面匀速运动．若给小物块持续施加沿斜面向下的恒力F ，斜面体始终静止．下列说法正确的是( )图7A ．小物块沿斜面向下运动的加速度为F mB ．斜面体对地面的压力大小等于(m ＋M )g ＋F sin θC ．地面给斜面体的摩擦力方向水平向左D ．斜面体给小物块的作使劲的大小和方向都转变A [在未施加外力时，按照共点力平衡可知，mg sin θ＝μmg cos θ，当施加外力后，对物体m 受力分析可知F ＋mg sin θ－μmg cos θ＝ma ，解得a ＝F /m ，故A 正确；施加外力后，m 对斜面的压力和摩擦力不变，其中压力和摩擦力的合力等于m 的重力，方向竖直向下，对M 分析可知，受到的支持力等于Mg ＋mg ，故B 错误；由于M 没有相对运动趋势，故不受摩擦力，故C 错误；斜面体对m 的支持力和摩擦力大小都不变，则斜面体给小物块的作使劲的大小和方向都不变，故D 错误．]4．(2021·蓉城名校联考)如图8所示，质量为M 的斜面体放在水平面上，质量为m 的滑块沿斜面向下运动，斜面体始终维持静止状态，下列说法中正确的是( )图8A ．若滑块匀速向下运动，滑块对斜面的摩擦力沿斜面向上B ．若滑块在匀速向下运动时，给滑块施加一竖直向下的力，滑块将加速沿斜面向下运动C ．若滑块加速向下运动，地面给斜面的支持力大于(M ＋m ) gD ．若在滑块加速向下运动时，给滑块施加一沿斜面向下的恒力F ，地面对斜面的摩擦力维持不变D [若滑块匀速向下运动，滑块受到斜面的摩擦力向上，滑块对斜面的摩擦力沿斜面向下，选项A 错误．若滑块在匀速向下运动时，则mg sin θ＝μmg cos θ；给滑块施加一竖直向下的力，则(mg ＋F )sin θ＝μ(mg ＋F )cos θ表达式成立，则滑块仍沿斜面匀速向下运动，选项B 错误．若滑块加速向下运动，则滑块有向下的加速度的分量，滑块失重，则地面给斜面的支持力小于(M ＋m ) g ，选项C 错误．若在滑块加速向下运动时，给滑块施加一沿斜面向下的恒力F ，则滑块对斜面的摩擦力和压力都不变，则地面对斜面的摩擦力维持不变，选项D 正确．]如图所示，倾角θ＝30°的斜面上有一重为G 的物体，在与斜面底边平行的水平推力作用下沿斜面上的虚线匀速运动，若图中φ＝45°，则( )A ．物体不可能沿虚线运动B ．物体可能沿虚线向上运动C ．物体与斜面间的动摩擦因数μ＝33D ．物体与斜面间的动摩擦因数μ＝63D [对物块进行受力分析，如图甲所示物块受重力G 、支持力N 、推力F 、摩擦力f 作用，将重力分解为沿斜面向下的力G 1＝G sin 30°，与斜面垂直的力G 2＝G cos 30°，如图乙所示甲 乙 由图可知，G 2与 N 平衡，故可等效为物体在推力F 、沿斜面向下的力G 一、摩擦力f 三个力的作用下沿斜面上的虚线做匀速运动，其等效的受力情况如图丙所示图丙按照三力平衡特点，F 与G 1的合力必沿斜面向下，故摩擦力f 只能沿斜面向上，故物体沿虚线向下做匀速运动，A 、B 错误；由几何关系得F 与G 1的合力F 合＝G 1cos 45°＝2G 1，由平衡条件得：f ＝F 合＝2G 1，故物体与斜面间的动摩擦因数μ＝f N ＝2G sin 30°G cos 30°＝63，C 错误，D 正确．]5．(多选)(2021·株洲质检)如图9所示，滑腻固定斜面的倾角为30°，甲、乙两物体的质量之比为4∶1.乙用不可伸长的轻绳别离与甲和地面相连，开始时甲、乙离地高度相同．现从E 处剪断轻绳，则在乙落地前刹时( )图9A ．甲、乙动量大小之比为4∶1B ．甲、乙动量大小之比为2∶1C ．以地面为零势能面，甲、乙机械能之比为4∶1D ．以地面为零势能面，甲、乙机械能之比为1∶1BC [设甲、乙距地面的高度为h ，剪断轻绳后，乙做自由落体运动，甲沿斜面向下做匀加速运动，故对乙可知，2gh ＝v 2，解得v 乙＝2gh ，下落时间t ＝v 乙g ＝2h g ，对甲，沿斜面下滑的加速度为a ＝mg sin 30°m ＝12g ，乙落地时甲取得的速度v 甲＝at ＝gh 2，故v 甲：v 乙＝1∶2；甲、乙两物体的质量之比为4∶1，由p ＝mv 可知甲、乙动量大小之比为2∶1，选项B 正确，A 错误；由于甲、乙在运动进程中，只有重力做功，故机械能守恒，故E 甲∶E 乙＝4∶1，选项C 正确，D 错误．]6.截面为直角三角形ABC 的木块的斜边固定在水平面上，∠A ＝37°，如图10所示．小物块从底端A 以大小为v 0的初速度滑上斜面，恰好能抵达斜面顶端C ；当小物块从顶端C 由静止开始沿CB 下滑时，到达底端B 时速度大小为v ；已知小物块沿AC 上滑和沿CB 下滑时间相等，小物块与两斜面间动摩擦因数相同，cos 37°＝0.8，sin 37°＝0.6，则( )图10A ．上滑加速度与下滑加速度之比为3∶4B ．小物块下滑到B 端时的速度v ＝v 0C ．小物块与斜面间动摩擦因数约0.3D ．若小物块以初速度v 从B 端滑上斜面，则恰能抵达顶端CC [设AC 斜面长为x 1，CB 斜面长为x 2，小物块沿AC 上滑可看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，因此有x 1＝12a 1t 二、x 2＝12a 2t 2，由三角形知识可得x 1x 2＝43，解得a 1a 2＝43，故选项A 错误；由于小物块沿AC 上滑和沿CB 下滑时间相等，则由平均速度可得：x 1v 0＋02＝x 20＋v2，由于x 1＞x 2，则可以取得：v ＜v 0，故选项B 错误；由牛顿第二定律F ＝ma ，得加速度之比为：sin 37°＋μcos 37°sin 53°－μcos 53°＝a 1a 2，解得μ＝724≈0.3，故选项C 正确；小物块沿BC 减速上滑时的加速度大于加速下滑时的加速度，因此小物块不能上滑到顶端C 点，选项D 错误．]7．(多选)在超市中，小张沿水平方向推着质量为m 的购物车乘匀速上升的自动扶梯上楼，如图11所示．假设小张、购物车、自动扶梯间维持相对静止，自动扶梯的倾角为30°，小张的质量为M ，小张与扶梯间的摩擦因数为μ，小车与扶梯间的摩擦忽略不计．则( )图11A ．小张对购物车推力大小为mg tan 30°B ．小张和车对扶梯的摩擦力大小为(M ＋m )g sin 30°，方向沿斜面向下C ．扶梯对小张和车的摩擦力大小为μ(M ＋m )g cos 30°，方向沿斜面向上D ．小张对车的推力和车对小张的推力大小必相等，这是因为人和车均处于平衡状态 AB [对购物车受力分析如图甲，则F cos 30°＝mg sin 30°，即F ＝mg tan 30°，故A 正确；对小张和车整体受力分析如图乙，则f ＝(M ＋m )g sin 30°，即扶梯对小张的摩擦力大小是(M ＋m )g sin 30°，方向沿斜面向上；按照牛顿第三定律，小张对扶梯的摩擦力大小为(M ＋m )g sin 30°，方向沿斜面向下，故B 正确，C 错误．小张对车的推力和车对小张的推力是彼此作使劲，大小必相等，与人和车处不处于平衡状态无关，故D 错误．]8．(多选)如图12甲所示，质量为m ＝2 kg 的物体(可视为质点)在平行于斜面向上的拉力F 作用下从粗糙斜面上的A 点沿斜面向上运动，t ＝2 s 时撤去拉力F ，其在斜面上运动的部分v t 图象如图乙所示．已知斜面倾角θ＝37°，斜面固定且足够长，取g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，下列说法中正确的是( )图12A ．拉力F 的大小为50 NB ．小物体在斜面上从A 点运动到最高点的进程中，克服摩擦力做的功为850 JC ．t ＝8 s 时，小物体在A 点上方且距A 点的距离为15 mD ．小物体返回时通过A 点的动能为300 JAD [按照速度时间图线知，匀加速直线运动的加速度：a 1＝Δv Δt ＝302m/s 2＝15 m/s 2，匀减速直线运动的加速度a 2＝Δv Δt ′＝305－2m/s 2＝10 m/s 2，根据牛顿第二定律得F －μmg cos θ－mg sin θ＝ma 1，撤去F 后，由牛顿第二定律得μmg cos θ＋mg sin θ＝ma 2，解得F ＝50 N ，μ＝0.5，A 正确；由图象的“面积”求得小物块上升的最大位移x ＝30×52m ＝75 m ，摩擦力做的功W f ＝μmg cos θ·x ＝0.5×2×10×cos 37°×75 J＝600 J ，B 错误；5～8 s内物体的位移大小为x ′＝12×3×(0＋6)m ＝9 m ，t ＝8 s 时，小物体在A 点上方且距A 点的距离为x －x ′＝(75－9)m ＝66 m ，C 错误；物体向下运动的加速度a 3＝Δv ′Δt ″＝63＝2 m/s 2，运动返回到A 点的速度v ＝2a 3x ＝2×2×75 m/s ＝103m/s ，物体的动能E k ＝12mv 2＝12×2×()1032 J ＝300 J ，D 正确．]。
高中物理知识模型构建教案
高中物理知识模型构建教案1. 理解什么是物理知识模型；2. 掌握建立物理知识模型的基本方法和步骤；3. 能够运用物理知识模型解决实际问题。
教学重点：1. 物理知识模型的定义和构建方法；2. 实际问题的物理知识模型应用。
教学难点：1. 如何根据具体问题构建物理知识模型；2. 如何运用物理知识模型解决实际问题。
教学准备：1. PowerPoint课件；2. 实验材料：小球、斜面等；3. 相关教学辅助资料。
教学过程：一、导入（5分钟）通过展示一幅关于物理知识模型的图片或视频引入课题，让学生了解物理知识模型的概念及重要性。
二、授课（10分钟）1. 解释什么是物理知识模型以及在物理学中的重要性；2. 介绍建立物理知识模型的基本方法和步骤。
三、实验演示（15分钟）1.通过一个简单实验来演示如何构建物理知识模型，例如一个小球在斜面上滑动的实验；2.学生观察实验现象、记录数据，并尝试建立相关物理知识模型。
四、讨论（10分钟）1. 学生根据实验结果，讨论构建物理知识模型的过程中遇到的问题和解决方法；2. 学生互相交流和分享各自构建的物理知识模型。
五、练习（15分钟）1. 提供几道应用物理知识模型解决问题的练习题，让学生应用所学知识解答；2. 学生互相讨论，帮助解答不懂的问题。
六、总结（5分钟）1. 总结本节课学习的内容，强调物理知识模型在解决实际问题中的重要作用；2. 鼓励学生在以后的学习和实践中多加尝试构建物理知识模型。
七、作业布置（5分钟）布置作业：根据所学内容，设计一个物理知识模型，并简要说明构建过程和应用场景。
教学反思：通过本节课的教学，学生能够理解什么是物理知识模型，掌握构建物理知识模型的基本方法和步骤，并能够运用所学知识解决实际问题。
在未来的教学过程中，需要进一步引导学生灵活运用物理知识模型解决更加复杂的问题，提高其实践能力和创新思维。
高考物理二轮复习精品资料Ⅱ专题二 高中物理常见的物理模型教学案(学生版)
常见的物理模型教学案【命题规律】高考命题以《考试大纲》为依据，考查学生对高中物理知识的掌握情况，体现了“知识与技能、过程与方法并重”的高中物理学习思想．每年各地的高考题为了避免雷同而千变万化、多姿多彩，但又总有一些共性，这些共性可粗略地总结如下：(1)选择题中一般都包含3～4道关于振动与波、原子物理、光学、热学的试题．(2)实验题以考查电路、电学测量为主，两道实验小题中出一道较新颖的设计性实验题的可能性较大．(3)试卷中下列常见的物理模型出现的概率较大：斜面问题、叠加体模型(包含子弹射入)、带电粒子的加速与偏转、天体问题(圆周运动)、轻绳(轻杆)连接体模型、传送带问题、含弹簧的连接体模型．高考中常出现的物理模型中，有些问题在高考中变化较大，或者在前面专题中已有较全面的论述，在这里就不再论述和例举．斜面问题、叠加体模型、含弹簧的连接体模型等在高考中的地位特别重要，本专题就这几类模型进行归纳总结和强化训练；传送带问题在高考中出现的概率也较大，而且解题思路独特，本专题也略加论述．【热点、重点、难点】一、斜面问题在每年各地的高考卷中几乎都有关于斜面模型的试题．在前面的复习中，我们对这一模型的例举和训练也比较多，遇到这类问题时，以下结论可以帮助大家更好、更快地理清解题思路和选择解题方法．1．自由释放的滑块能在斜面上(如图9－1 甲所示)匀速下滑时，m与M之间的动摩擦因数μ＝g tan θ．2．自由释放的滑块在斜面上(如图9－1 甲所示)：(1)静止或匀速下滑时，斜面M对水平地面的静摩擦力为零；(2)加速下滑时，斜面对水平地面的静摩擦力水平向右；(3)减速下滑时，斜面对水平地面的静摩擦力水平向左．3．自由释放的滑块在斜面上(如图9－1乙所示)匀速下滑时，M对水平地面的静摩擦力为零，这一过程中再在m上加上任何方向的作用力，(在m停止前)M对水平地面的静摩擦力依然为零(见一轮书中的方法概述)．4．悬挂有物体的小车在斜面上滑行(如图9－2所示)：(1)向下的加速度a ＝g sin θ时，悬绳稳定时将垂直于斜面；(2)向下的加速度a ＞g sin θ时，悬绳稳定时将偏离垂直方向向上；(3)向下的加速度a ＜g sin θ时，悬绳将偏离垂直方向向下．5．在倾角为θ的斜面上以速度v 0平抛一小球(如图9－3所示)：(1)落到斜面上的时间t ＝2v 0tan θg ；(2)落到斜面上时，速度的方向与水平方向的夹角α恒定，且tan α＝2tan θ，与初速度无关；(3)经过t c ＝v 0tan θg 小球距斜面最远，最大距离d ＝(v 0sin θ)22g cos θ． 6．如图9－4所示，当整体有向右的加速度a ＝g tan θ时，m 能在斜面上保持相对静止．7．在如图9－5所示的物理模型中，当回路的总电阻恒定、导轨光滑时，ab 棒所能达到的稳定速度v m ＝mgR sin θB 2L 2．8．如图9－6所示，当各接触面均光滑时，在小球从斜面顶端滑下的过程中，斜面后退的位移s＝mm＋ML．●例1有一些问题你可能不会求解，但是你仍有可能对这些问题的解是否合理进行分析和判断．例如从解的物理量单位，解随某些已知量变化的趋势，解在一些特殊条件下的结果等方面进行分析，并与预期结果、实验结论等进行比较，从而判断解的合理性或正确性．举例如下：如图9－7甲所示，质量为M、倾角为θ的滑块A放于水平地面上．把质量为m的滑块B放在A的斜面上．忽略一切摩擦，有人求得B相对地面的加速度a＝M＋mM＋m sin2θg sin θ，式中g为重力加速度．对于上述解，某同学首先分析了等号右侧的量的单位，没发现问题．他进一步利用特殊条件对该解做了如下四项分析和判断，所得结论都是“解可能是对的”．但是，其中有一项是错误．．的，请你指出该项 ( )A．当θ＝0°时，该解给出a＝0，这符合常识，说明该解可能是对的B．当θ＝90°时，该解给出a＝g，这符合实验结论，说明该解可能是对的C．当M≫m时，该解给出a≈g sin θ，这符合预期的结果，说明该解可能是对的D．当m≫M时，该解给出a≈gsin θ，这符合预期的结果，说明该解可能是对的●例2在倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小相同的匀强磁场，其方向一个垂直于斜面向上，一个垂直于斜面向下(如图9－8甲所示)，它们的宽度均为L．一个质量为m、边长也为L的正方形线框以速度v进入上部磁场时，恰好做匀速运动．(1)当ab边刚越过边界ff′时，线框的加速度为多大，方向如何？(2)当ab边到达gg′与ff′的正中间位置时，线框又恰好做匀速运动，则线框从开始进入上部磁场到ab边到达gg′与ff′的正中间位置的过程中，线框中产生的焦耳热为多少？(线框的ab边在运动过程中始终与磁场边界平行，不计摩擦阻力)二、叠加体模型叠加体模型在历年的高考中频繁出现，一般需求解它们之间的摩擦力、相对滑动路程、摩擦生热、多次作用后的速度变化等，另外广义的叠加体模型可以有许多变化，涉及的问题更多．叠加体模型有较多的变化，解题时往往需要进行综合分析(前面相关例题、练习较多)，下列两个典型的情境和结论需要熟记和灵活运用．1．叠放的长方体物块A、B在光滑的水平面上匀速运动或在光滑的斜面上自由释放后变速运动的过程中(如图9－9所示)，A、B之间无摩擦力作用．2．如图9－10所示，一对滑动摩擦力做的总功一定为负值，其绝对值等于摩擦力乘以相对滑动的总路程或等于摩擦产生的热量，与单个物体的位移无关，即Q摩＝f·s相．●例3质量为M的均匀木块静止在光滑的水平面上，木块左右两侧各有一位拿着完全相同的步枪和子弹的射击手．首先左侧的射击手开枪，子弹水平射入木块的最大深度为d1，然后右侧的射击手开枪，子弹水平射入木块的最大深度为d 2，如图9－11所示．设子弹均未射穿木块，且两子弹与木块之间的作用力大小均相同．当两颗子弹均相对木块静止时，下列说法正确的是(注：属于选修3－5模块)( )图9－11A ．最终木块静止，d 1＝d 2B ．最终木块向右运动， d 1<d 2C ．最终木块静止，d 1<d 2D ．最终木块静止，d 1>d 2三、含弹簧的物理模型纵观历年的高考试题，和弹簧有关的物理试题占有相当大的比重．高考命题者常以弹簧为载体设计出各类试题，这类试题涉及静力学问题、动力学问题、动量守恒和能量守恒问题、振动问题、功能问题等，几乎贯穿了整个力学的知识体系．为了帮助同学们掌握这类试题的分析方法，现将有关弹簧问题分类进行剖析．对于弹簧，从受力角度看，弹簧上的弹力是变力；从能量角度看，弹簧是个储能元件．因此，弹簧问题能很好地考查学生的综合分析能力，故备受高考命题老师的青睐．1．静力学中的弹簧问题(1)胡克定律：F ＝kx ，ΔF ＝k ·Δx ．(2)对弹簧秤的两端施加(沿轴线方向)大小不同的拉力，弹簧秤的示数一定等于挂钩上的拉力．●例4 如图9－12甲所示，两木块A 、B 的质量分别为m 1和m 2，两轻质弹簧的劲度系数分别为k 1和k 2，两弹簧分别连接A 、B ，整个系统处于平衡状态．现缓慢向上提木块A ，直到下面的弹簧对地面的压力恰好为零，在此过程中A 和B 的重力势能共增加了( )A ．(m 1＋m 2)2g 2k 1＋k 2B ．(m 1＋m 2)2g 22(k 1＋k 2)C ．(m 1＋m 2)2g 2(k 1＋k 2k 1k 2) D ．(m 1＋m 2)2g 2k 2＋m 1(m 1＋m 2)g 2k 12．动力学中的弹簧问题(1)瞬时加速度问题(与轻绳、轻杆不同)：一端固定、另一端接有物体的弹簧，形变不会发生突变，弹力也不会发生突变．(2)如图9－13所示，将A 、B 下压后撤去外力，弹簧在恢复原长时刻B 与A 开始分离．●例5 一弹簧秤秤盘的质量m 1＝1.5 kg ，盘内放一质量m 2＝10.5 kg 的物体P ，弹簧的质量不计，其劲度系数k ＝800 N/m ，整个系统处于静止状态，如图9－14 所示．现给P 施加一个竖直向上的力F ，使P 从静止开始向上做匀加速直线运动，已知在最初0.2 s 内F 是变化的，在0.2 s 后是恒定的，求F 的最大值和最小值．(取g ＝10 m/s 2)3．与动量、能量相关的弹簧问题与动量、能量相关的弹簧问题在高考试题中出现频繁，而且常以计算题出现，在解析过程中以下两点结论的应用非常重要：(1)弹簧压缩和伸长的形变相同时，弹簧的弹性势能相等；(2)弹簧连接两个物体做变速运动时，弹簧处于原长时两物体的相对速度最大，弹簧的形变最大时两物体的速度相等．●例6 如图9－15所示，用轻弹簧将质量均为m ＝1 kg 的物块A 和B 连接起来，将它们固定在空中，弹簧处于原长状态，A 距地面的高度h 1＝0.90 m ．同时释放两物块，A 与地面碰撞后速度立即变为零，由于B压缩弹簧后被反弹，使A刚好能离开地面(但不继续上升)．若将B物块换为质量为2m的物块C(图中未画出)，仍将它与A固定在空中且弹簧处于原长，从A距地面的高度为h2处同时释放，C压缩弹簧被反弹后，A也刚好能离开地面．已知弹簧的劲度系数k＝100 N/m，求h2的大小．●例7用轻弹簧相连的质量均为2 kg 的A、B两物块都以v＝6 m/s的速度在光滑的水平地面上运动，弹簧处于原长，质量为4 kg的物块C静止在前方，如图9－16 甲所示．B 与C碰撞后二者粘在一起运动，则在以后的运动中：(1)当弹簧的弹性势能最大时，物体A的速度为多大？(2)弹簧弹性势能的最大值是多少？(3)A的速度方向有可能向左吗？为什么？●例8探究某种笔的弹跳问题时，把笔分为轻质弹簧、内芯和外壳三部分，其中内芯和外壳质量分别为m和4m．笔的弹跳过程分为三个阶段：①把笔竖直倒立于水平硬桌面，下压外壳使其下端接触桌面(如图9－17甲所示)；②由静止释放，外壳竖直上升到下端距桌面高度为h1时，与静止的内芯碰撞(如图9－17乙所示)；③碰后，内芯与外壳以共同的速度一起上升到外壳下端距桌面最大高度为h2处(如图9－17丙所示)．设内芯与外壳的撞击力远大于笔所受重力，不计摩擦与空气阻力，重力加速度为g ．求：(1)外壳与内芯碰撞后瞬间的共同速度大小．(2)从外壳离开桌面到碰撞前瞬间，弹簧做的功．(3)从外壳下端离开桌面到上升至h 2处，笔损失的机械能．四、传送带问题皮带传送类问题在现代生产生活中的应用非常广泛．这类问题中物体所受的摩擦力的大小和方向、运动性质都具有变化性，涉及力、相对运动、能量转化等各方面的知识，能较好地考查学生分析物理过程及应用物理规律解答物理问题的能力．对于滑块静止放在匀速传动的传送带上的模型，以下结论要清楚地理解并熟记：(1)滑块加速过程的位移等于滑块与传送带相对滑动的距离；(2)对于水平传送带，滑块加速过程中传送带对其做的功等于这一过程由摩擦产生的热量，即传送装置在这一过程需额外(相对空载)做的功W ＝mv 2＝2E k ＝2Q 摩．●例9 如图9－18甲所示，物块从光滑曲面上的P 点自由滑下，通过粗糙的静止水平传送带后落到地面上的Q 点．若传送带的皮带轮沿逆时针方向匀速运动(使传送带随之运动)，物块仍从P 点自由滑下，则( )A ．物块有可能不落到地面上B ．物块仍将落在Q 点C ．物块将会落在Q 点的左边D ．物块将会落在Q 点的右边●例10 如图9－19所示，足够长的水平传送带始终以v ＝3 m/s 的速度向左运动，传送带上有一质量M ＝2 kg 的小木盒A ，A 与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.3．开始时，A 与传送带之间保持相对静止．现有两个光滑的质量均为m ＝1 kg 的小球先后相隔Δt ＝3 s 自传送带的左端出发，以v 0＝15 m/s 的速度在传送带上向右运动．第1个球与木盒相遇后立即进入盒中并与盒保持相对静止；第2个球出发后历时Δt 1＝13s 才与木盒相遇．取g ＝10 m/s 2，问：(1)第1个球与木盒相遇后瞬间，两者共同运动的速度为多大？(2)第1个球出发后经过多长时间与木盒相遇？(3)在木盒与第1个球相遇至与第2个球相遇的过程中，由于木盒与传送带间的摩擦而产生的热量是多少？。
2021版高考物理二轮考前复习专题学案：第二篇 必考模型2 维度2 双杆模型 Word版含解析
第二篇锤炼能力·搏高分必须突破的必考模型和方法维度2:双杆模型(2019·天津高考)如图所示,固定在水平面上间距为l的两条平行光滑金属导轨,垂直于导轨放置的两根金属棒MN和PQ长度也为l、电阻均为R,两棒与导轨始终接触良好。
MN两端通过开关S与电阻为R的单匝金属线圈相连,线圈内存在竖直向下均匀增加的磁场,磁通量变化率为常量k。
图中虚线右侧有垂直于导轨平面向下的匀强磁场,磁感应强度大小为B。
PQ的质量为m,金属导轨足够长,电阻忽略不计。
(1)闭合S,若使PQ保持静止,需在其上加多大的水平恒力F,并指出其方向。
(2)断开S,PQ在上述恒力作用下,由静止开始到速度大小为v的加速过程中流过PQ的电荷量为q,求该过程安培力做的功W。
(1)审题破题眼:(2)情境化模型:①结构转化:单匝线圈可视为“电源”;PQ和MN可视为并联的两个电阻。
②过程转化:运动分析→法拉第电磁感应定律→电路分析→做功分析。
(3)命题陷阱点:陷阱1:分析出总体的法拉第电磁感应定律和能量守恒是关键。
陷阱2:电荷量的计算方法和安培力冲量的利用是难点。
【标准解答】双杆模型的常见情况(1)初速度不为零,不受其他水平外力的作用光滑的平行导轨光滑不等距导轨示意图质量m b=m a电阻r b=r a长度L b=L a质量m b=m a电阻r b=r a长度L b=2L a力学观点杆b受安培力做变减速运动,杆a受安培力做变加速运动,稳定时,两杆的加速度均为零,以相等的速度匀速运动杆b受安培力做变减速运动,杆a受安培力做变加速运动,稳定时,两杆的加速度均为零,两杆的速度之比为1∶2图象点能量观点一部分动能转化为内能:Q=-ΔE k(2)初速度为零,一杆受到恒定水平外力的作用光滑的平行导轨不光滑平行导轨示意图质量m b=m a电阻r b=r a长度L b=L a摩擦力F fb=F fa质量m b=m a电阻r b=r a长度L b=L a力学观点开始时,两杆受安培力做变加速运动;稳定时,两杆以相同的加速度做匀加速运动开始时,若F f<F≤2F f,则a杆先变加速后匀速运动;b杆静止。
2021新高考物理二轮复习学案：知识回顾篇 知识10高中常见6种物理模型
高中常见6种物理模型1.“斜面”模型图示或释义与斜面相关的滑块运动问题规律或方法（1)μ＝tan θ，滑块恰好处于静止状态(v0＝0)或匀速下滑状态(v0≠0)，此时若在滑块上加一竖直向下的力或加一物体,滑块的运动状态不变(2）μ〉tan θ，滑块一定处于静止状态（v0＝0）或匀减速下滑状态(v0≠0)，此时若在滑块上加一竖直向下的力，滑块的加速度变大，若在滑块上轻放一物体，滑块的运动状态不变(3)μ<tan θ，滑块一定匀加速下滑，此时若在滑块上加一竖直向下的力，滑块的加速度变大,若在滑块上轻放一物体，滑块的运动状态不变(4)若滑块处于静止或匀速下滑状态，可用整体法求出地面对斜面的支持力为(M＋m）g,地面对斜面的摩擦力为0；若滑块处于匀变速运动状态，可用牛顿第二定律求出，地面对斜面的支持力为(M＋m）g－ma sin θ，地面对斜面的摩擦力为ma cos θ；不论滑块处于什么状态,均可隔离滑块，利用滑块的运动状态求斜面对滑块的弹力、摩擦力及作用力(5)μ＝0，滑块做匀变速直线运动，其加速度为a＝g sin θ2。
“弹簧”模型图示或释义规律或方法与弹簧相关的平衡问题弹簧类平衡问题常常以单一问题出现，涉及的知识主要是胡克定律、物体的平衡条件，求解时要注意弹力的大小与方向总是与弹簧的形变相对应，因此审题时应从弹簧的形变分析入手,找出形变量x与物体空间位置变化的对应关系，分析形变所对应的弹力大小、方向，结合物体受其他力的情况来列式求解与弹簧相关的动力学问题（1）弹簧(或橡皮筋)恢复形变需要时间，在瞬时问题中，其弹力的大小往往可以看成不变，即弹力不能突变.而细线（或接触面）是一种不发生明显形变就能产生弹力的物体，若剪断(或脱离)后，其中弹力立即消失，即弹力可突变，一般题目中所给细线和接触面在没有特殊说明时，均可按此模型处理（2）对于连接体的加速问题往往先使用整体法求出其加速度,再用隔离法求出受力少的物体的加速度,并利用加速度的关系求解相应量与弹簧相关的功、能问题弹簧连接体是考查功能关系问题的经典模型，求解这类问题的关键是认真分析系统的物理过程和功能转化情况,再由动能定理、机械能守恒定律或功能关系列式，同时注意以下两点：①弹簧的弹性势能与弹簧的规格和形变程度有关，对同一根弹簧而言，无论是处于伸长状态还是压缩状态，只要形变量相同，则其储存的弹性势能就相同；②弹性势能公式E p＝错误!kx2在高考中不作要求（除非题中给出该公式），与弹簧相关的功能问题一般利用动能定理或能量守恒定律求解3.“关联速度”模型图示或释义规律或方法轻绳连接体模型求解“绳＋物”或“杆＋物”模型的方法：先明确物体的合速度（物体的实际运动速度），然后将物体的合速度沿绳(杆）方向及垂直绳（杆)方向分解(要防止与力的分解混淆)，利用沿绳(杆）方向的分速度大小总是相等的特点列式求解轻杆连接体模型4.水平面内圆周运动模型图示或释义规律或方法线模型由于细线对物体只有拉力且细线会弯曲，所以解答此类问题的突破口是要抓住“细线刚好伸直”的临界条件:此时细线的拉力为零。
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模型建构高考必考物理模型模型规律核心素养
1.物理模型:千变万化的物理命题都是根据一定的物理模型,结合某些物理关系和一定的条件,提出所求物理量。
我们解题的过程就是将题目隐含的物理模型还原,求得结果的过程。
物理模型的建构是学好物理非常有效的学习方法。
2.建模型解题的一般步骤:1.素养考查:模型建构为核心素养中科学思维的一个核心要素,旨要培养学生的物理思维,锻炼建构物理模型的能力。
2.命题导向:通过对近几年全国卷高考的分析,物理模型往往隐藏在各种背景之后。
常见的背景主要有在:
(1)以生活中的实际问题为背景;
(2)以高科技知识为背景;
(3)以新闻热点材料为背景。
3.常考类型:按照模型在高考中的出现频次划分:
(1)常考模型:板块模型(包含传送带)、杆轨模型、绳杆模型、弹簧模型(涉及连接体)、抛体模型。
(2)必考模型:板块模型和杆轨模型。
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