2018年高考理科数学导数及应用100题(含答案解析)

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2018年高考真题汇编(函数与导数)

2018年高考真题汇编(函数与导数)

函数与导数1 .【2018年浙江卷】函数【解析】分析:先研究函数的奇偶性』再研究雷数在G")上的符号,即可判断选择详解;令= 2圍血滋,因为^ e =刃*血2(—x) = —2罔血Zx = —fG()p所以fOO = 2團血2耳力奇画数’排除选项止出因为工匸$町时『f@) < 0,所以曲穩选项J选D点睛:有关函数图象的识别问题的常见题型及解题思路:(1)由函数的定义域,判断图象的左、右位置,由函数的值域,判断图象的上、下位置;(2)由函数的单调性,判断图象的变化趋势;(3)由函数的奇偶性,判断图象的对称性;(4)由函数的周期性,判断图象的循环往复.c = b眉2. 【2018年理天津卷】已知il=lo^^in2, 2 ,则a, b, c的大小关系为A. u > b>cB.b>u> e C c> b> a D.c> a> b【答案】D【解析】分析:由题意结合对数函数的性质整理计算即可求得最终结果b = ln2 = -^―e (0A)c= 3詰=和g* > Sg声详解:由题意结合对数函数的性质可知: "忆吆>1, 5慾, 2据此可得:•本题选择D选项.点睛:对于指数幕的大小的比较,我们通常都是运用指数函数的单调性,但很多时候,因幕的底数或指数不相同,不能直接利用函数的单调性进行比较•这就必须掌握一些特殊方法•在进行指数幕的大小比较时,若底数不同,则首先考虑将其转化成同底数,然后再根据指数函数的单调性进行判断•对于不同底而同指数的指数幕的大小的比较,利用图象法求解,既快捷,又准确.龙兰0*3. 【2018年理新课标I卷】已知函数I曲乩北〉心饥巧二“/) + +a .若g (x)存在2个零点,则a的取值范围是A. [ - 1, 0)B. [0 , +R)C. [ - 1 , +R)D. [1 , +R)【答案】C【解析】分析;首先根据存在2个零点,得到方程f CO十""哨两个亀将其转化为金〉二-覽-口有两个解,即直线y =-第-诣曲^二fCO有两个交点”根据題中所给的函数解析式,画出函数f何的團像(将町4掉A再画出直绳=-补并将其上下移动』从图中可臥发现走丄时/龊7=-電-口与曲线y=f^>有两个玄点'从而求得结果.详解:画出函数的图像,7■-了在y轴右侧的去掉,再画出直线卜:讨,之后上下移动,可以发现当直线过点A时,直线与函数图像有两个交点,并且向下可以无限移动,都可以保证直线与函数的图像有两个交点,即方程■有两个解,也就是函数有两个零点,此时满足,即• ,故选C.点睛:该题考查的是有关已知函数零点个数求有关参数的取值范围问题,在求解的过程中,解题的思路是将函数零点个数问题转化为方程解的个数问题,将式子移项变形,转化为两条曲线交点的问题,画出函数的图像以及相应的直线,在直线移动的过程中,利用数形结合思想,求得相应的结果4. 【2018年理新课标I卷】设函数兀心--,若$叩为奇函数,则曲线:在点’ 处的切线方程为A.卜「阙B. H" - '■ - -IC."划D.【答案】D【解析】分析;利用奇函数偶此项系数为零求得"X进而得到的解析式,再对“)求导得出桩戋的斜率©进而求得切线方程.详解;因豹画数雇苛函数J 解得"二4所以』⑴二卯1,门>)二阪y 所臥厂◎二九代町二g所汰曲线y二厲刃在点(啦处的切线方程为y-m))二比建简可得y二知故选D点睛:该题考查的是有关曲线卜在某个点凤煮強;;|处的切线方程的问题,在求解的过程中,首先需要确定函数解析式,此时利用到结论多项式函数中,奇函数不存在偶次项,偶函数不存在奇次项,从而求得相应的参数值,之后利用求导公式求得帀,借助于导数的几何意义,结合直线方程的点斜式求得结果•5. 【2018年全国卷川理】设“=』0目仇2°収,方=衍的帖,贝UA. N + bunbcOB.C. u + bcOca/iD. kb<OCQ +市【答案】B1 i I 11【解析】分析:求出-= io^^ 2t-=lo^.32,得到- +二的范围,进而可得结果。

2018年高考理科数学全国卷二导数压轴题解析

2018年高考理科数学全国卷二导数压轴题解析

2018年高考理科数学全国卷二导数压轴题解析已知函数2()x f x e ax =-.(1) 若1a =,证明:当0x ≥时,()1f x ≥. (2) 若()f x 在(0,)+∞只有一个零点,求a . 题目分析:本题主要通过函数的性质证明不等式以及判断函数零点的问题考察学生对于函数单调性以及零点存在定理性的应用,综合考察学生化归与分类讨论的数学思想,题目设置相对较易,利于选拔不同能力层次的学生。

第1小问,通过对函数以及其导函数的单调性以及值域判断即可求解。

官方标准答案中通过()()x g x e f x -=的变形化成2()x ax bx c e C -+++的形式,这种形式的函数求导之后仍为2()x ax bx c e -++这种形式的函数,指数函数的系数为代数函数,非常容易求解零点,并且这种变形并不影响函数零点的变化。

这种变形思想值得引起注意,对以后导数命题有着很大的指引作用。

但是,这种变形对大多数高考考生而言很难想到。

因此,以下求解针对函数()f x 本身以及其导函数的单调性和零点问题进行讨论,始终贯穿最基本的导函数正负号与原函数单调性的关系以及零点存在性定理这些高中阶段的知识点,力求完整的解答该类题目。

题目解答:(1)若1a =,2()x f x e x =-,()2x f x e x '=-,()2x f x e ''=-.当[0,ln 2)x ∈时,()0f x ''<,()f x '单调递减;当(ln 2,)x ∈+∞时,()0f x ''>,()f x '单调递增; 所以()(ln 2)22ln 20f x f ''≥=->,从而()f x 在[0,)+∞单调递增;所以()(0)1f x f ≥=,得证. (2)当0a ≤时,()0f x >恒成立,无零点,不合题意.当0a >时,()2x f x e ax '=-,()2x f x e a ''=-.当[0,ln 2)x a ∈时,()0f x ''<,()f x '单调递减;当(ln 2,)x a ∈+∞时,()0f x ''>,()f x '单调递增;所以()(ln 2)2(1ln 2)f x f a a a ''≥=-.当02ea <≤时,()0f x '≥,从而()f x 在[0,)+∞单调递增,()(0)1f x f ≥=,在(0,)+∞无零点,不合题意.当2ea >时,易证2ln 2a a >. (0)10f '=>,(ln 2)0f a '<,由(1)可知,22(2)=(2)10a f a e a '->>.由零点存在性定理可知必然存在一点1(0,ln 2)x a ∈使得1()0f x '=,2(ln 22)x a a ∈,使得2()0f x '=;所以当1(0,)x x ∈时,()0f x '>,()f x 单调递增,12(,)x x x ∈,()0f x '<,()f x 单调递减,2(,)x x ∈+∞,()0f x '>,()f x 单调递增,即当2x x =时()f x 取得极小值2222()x f x e ax =-由2()0f x '=得222x e a x = 从而222222()(2)2x x e f x e ax x =-=-当22x =时,即24e a =时,极小值2()0f x =恰好成立,此时在()f x 在(0,)+∞只有一个零点2x =,满足题意.当224e e a <<时,即212x <<时(易证2xe x在(1,)+∞单调递增),极小值2()0f x >,此时在(0,)+∞无零点,不合题意.x当24e a >时,即22x >时,(0)10f =>,2()0f x <, 32(3)(3)0a f a e a a =-> (易证313x e x >恒成立),由零点存在性定理可知()f x 在区间2(0,)x 和2(,3)x a 各有一根,不合题意.综上所述,24e a =.。

2018高考天津卷理科数学真题与答案解析

2018高考天津卷理科数学真题与答案解析

2021年普通高等学校招生全国统一考试〔天津卷〕数学〔理工类〕本试卷分为第一卷〔选择题〕和第二卷〔非选择题〕两局部,共150 分,考试用时 120 分钟。

第一卷 1 至 2 页,第二卷 3 至 5 页。

答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题考上,并在规定位置粘贴考试用条形码。

答卷时,考生务必将答案涂写在答题卡上,答在试卷上的无效。

考试完毕后,将本试卷和答题卡一并交回。

祝各位考生考试顺利!第I 卷考前须知:1.每题选出答案后,用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。

2.本卷共 8 小题,每题 5 分,共 40 分。

参考公式:如果事件 A,B互斥,那么P( AB) P( A) P(B) .如果事件 A,B 相互独立,那么P( AB)P( A) P(B) .棱柱的体积公式V Sh ,其中 S 表示棱柱的底面面积,h 表示棱柱的高 .1棱锥的体积公式 VSh,其中S表示棱锥的底面面积,h 表示棱3锥的高 .一.选择题:在每题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求word 版本整理分享的.(1) 设全集为 R,集合A { x 0x 2} , B{ x x1} ,那么A I (e R B)(A){ x 0x1}(B){ x 0x1}(C){ x 1x2}(D) { x 0x2}x y5,(2) 设变量x,y满足约束条件2x y4,那么目标函数z3x 5y 的最大x y1,y0,值为(A)6(B)19(C) 21(D)45(3)阅读如图的程序框图,运行相应的程序,假设输入 N的值为20,那么输出 T 的值为(A) 1(B) 2(C) 3(D) 4word 版本整理分享(4) 设x R ,那么“| x1 | 1〞是“x31〞的2 2(A)充分而不必要条件(B)必要而不充分条件(C)充要条件(D)既不充分也不必要条件(5) a log 2 e , b ln 2 , c log 11,那么 a,b,c 的大小关系为23(A) a b c(B) b a c(C) c b a(D) c a b(6) 将函数ysin(2x) 的图象向右平移个单位长度,所得图象对应510的函数word 版本整理分享(A) 在区间[3, 5] 上单调递增 (B) 在区间[3, ]上单调4 44递减(C) 在区间[5, 3] 上单调递增 (D) 在区间[3, 2]上单4 22调递减(7) 双曲线x 2y 21( a0, b0) 的离心率为2 ,过右焦点且垂直于a 2b 2x 轴的直线与双曲线交于A ,B 两点.设 A ,B 到双曲线同一条渐近线的距离分别为 d 1和 d 2,且 d 1 d 2 6 ,那么双曲线的方程为(A)x 2y 2 1 (B) x 2y 214 12124(C)x 2 y 2 1(D) x 2y 2 13 993(8) 如图,在平面四边形ABCD 中,ABBC ,AD CD , BAD120,AB AD 1 .uuur uur假设点 E 为边 CD 上的动点,那么AE BE 的最小值为(A)21 (B)3(C)25(D) 316216第二卷考前须知:1. 用黑色墨水的钢笔或签字笔将答案写在答题卡上。

2018全国高考试题分类汇编-导数部分(含解析)

2018全国高考试题分类汇编-导数部分(含解析)

2018年全国高考试题分类汇编-导数部分(含解析)1.(2018·全国卷I高考理科·T5)同(2018·全国卷I高考文科·T6)设函数f=x3+-x2+ax.若f为奇函数,则曲线y=f在点处的切线方程为()A.y=-2xB.y=-xC.y=2xD.y=x2.(2018·全国卷II高考理科·T13)曲线y=2ln(x+1)在点(0,0)处的切线方程为3.(2018·全国卷II高考文科·T13)曲线y=2ln x在点(1,0)处的切线方程为4.(2018·全国Ⅲ高考理科·T14)曲线y=e x在点处的切线的斜率为-2,则a=.5.(2018·天津高考文科·T10)已知函数f(x)=e x ln x,f′(x)为f(x)的导函数,则f′(1)的值为.6.(2018·全国卷I高考理科·T16)已知函数f=2sin x+sin2x,则f的最小值是.7.(12分)(2018·全国卷I高考文科·T21)已知函数f=a e x-ln x-1.(1)设x=2是f的极值点.求a,并求f的单调区间.(2)证明:当a≥时,f≥0.8.(2018·全国Ⅲ高考理科·T21)(12分)已知函数f=ln-2x.(1)若a=0,证明:当-1<x<0时,f<0;当x>0时,f>0.(2)若x=0是f的极大值点,求a.9.(2018·全国Ⅲ高考文科·T21)(12分)已知函数f=-.(1)求曲线y=f在点-处的切线方程.(2)证明:当a≥1时,f+e≥0.10.(本小题13分)(2018·北京高考理科·T18)设函数f(x)=[ax2-(4a+1)x+4a+3]e x.(1)若曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程与x轴平行,求a.(2)若f(x)在x=2处取得极小值,求a的取值范围.11.(本小题13分)(2018·北京高考文科·T19)设函数f(x)=[ax2-(3a+1)x+3a+2]e x.(1)若曲线y=f(x)在点(2,f(2))处的切线斜率为0,求a.(2)若f(x)在x=1处取得极小值,求a的取值范围.12.(12分)(2018·全国卷I高考理科·T21)已知函数f=-x+a ln x.(1)讨论f的单调性.(2)若f存在两个极值点x1,x2,证明:-<a-2.-13.(2018·全国卷II高考理科·T21)(12分)已知函数f(x)=e x-ax2.(1)若a=1,证明:当x≥0时,f(x)≥1.(2)若f(x)在(0,+∞)只有一个零点,求a.14.(2018·全国卷II高考文科·T21)(12分)已知函数f=x3-a.(1)若a=3,求f(x)的单调区间.(2)证明:f(x)只有一个零点.15.(本小题满分14分)(2018·天津高考理科·T20)已知函数f(x)=a x,g(x)=log a x,其中a>1.(Ⅰ)求函数h(x)=f(x)-x ln a的单调区间.(Ⅱ)若曲线y=f(x)在点(x1,f(x1))处的切线与曲线y=g(x)在点(x2,g(x2))处的切线平行,证明x1+g(x2)=-.(Ⅲ)证明当a≥时,存在直线l,使l是曲线y=f(x)的切线,也是曲线y=g(x)的切线.16.(本小题满分14分)(2018·天津高考文科·T20)设函数f(x)=(x-t1)(x-t2)(x-t3),其中t1,t2,t3∈R,且t1,t2,t3是公差为d的等差数列.(Ⅰ)若t2=0,d=1,求曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线方程;(Ⅱ)若d=3,求f(x)的极值;(Ⅲ)若曲线y=f(x)与直线y=-(x-t2)-6有三个互异的公共点,求d的取值范围.17.(本小题满分14分)(2018·江苏高考·T17)某农场有一块农田,如图所示,它的边界由圆O的一段圆弧MPN(P为此圆弧的中点)和线段MN构成.已知圆O的半径为40米,点P到MN的距离为50米.现规划在此农田上修建两个温室大棚,大棚Ⅰ内的地块形状为矩形ABCD,大棚Ⅱ内的地块形状为△CDP,要求A,B均在线段MN上,C,D均在圆弧上.设OC与MN所成的角为θ.(1)用θ分别表示矩形ABCD和△CDP的面积,并确定sinθ的取值范围.(2)若大棚Ⅰ内种植甲种蔬菜,大棚Ⅱ内种植乙种蔬菜,且甲、乙两种蔬菜的单位面积年产值之比为4∶3.求当θ为何值时,能使甲、乙两种蔬菜的年总产值最大.18.(本小题满分16分)(2018·江苏高考·T19)记f′(x),g′(x)分别为函数f(x),g(x)的导函数.若存在x0∈R,满足f(x0)=g(x0)且f′(x0)=g′(x0),则称x0为函数f(x)与g(x)的一个“S点”.(1)证明:函数f(x)=x与g(x)=x2+2x-2不存在“S点”.(2)若函数f(x)=ax2-1与g(x)=ln x存在“S点”,求实数a的值.(3)已知函数f(x)=-x2+a,g(x)=,对任意a>0,判断是否存在b>0,使函数f(x)与g(x)在区间(0,+∞)内存在“S点”,并说明理由.19.(2018·浙江高考T22)(本题满分15分)已知函数f(x)=-ln x.(Ⅰ)若f(x)在x=x1,x2(x1≠x2)处导数相等,证明:f(x1)+f(x2)>8-8ln2.(Ⅱ)若a≤3-4ln2,证明:对于任意k>0,直线y=kx+a与曲线y=f(x)有唯一公共点.1.【解析】选D.因为f(x)为奇函数,所以f(-x)=-f(x),即a=1,所以f(x)=x3+x,所以f′(0)=1,所以切线方程为y=x.2.【解析】y′=,k==2,所以切线方程为y-0=2(x-0),即y=2x.答案:y=2x3.【解析】y′=,k==2,所以切线方程为y-0=2(x-1)即y=2x-2.答案:y=2x-24.【解析】由y=(ax+1)e x,所以y′=a e x+(ax+1)e x=(ax+1+a)e x,故曲线y=(ax+1)e x在(0,1)处的切线的斜率为k=a+1=-2,解得a=-3.答案:-35.【解析】因为f(x)=e x ln x,所以f′(x)=(e x ln x)′=(e x)′ln x+e x(ln x)′=e x·ln x+e x·,f′(1)=e1·ln1+e1·=e.答案:e6.【解析】方法一:f′(x)=2cos x+2cos2x=4cos2x+2cos x-2=4(cos x+1)-, 所以当cos x<时函数单调减,当cos x>时函数单调增,从而得到函数的减区间为--(k∈Z),函数的增区间为-(k∈Z),所以当x=2kπ-,k∈Z时,函数f(x)取得最小值,此时sin x=-,sin2x=-,所以f(x)min=2×--=-.方法二:因为f(x)=2sin x+sin2x,所以f(x)最小正周期为T=2π,所以f′(x)=2(cos x+cos2x)=2(2cos2x+cos x-1),令f′(x)=0,即2cos2x+cos x-1=0,所以cos x=或cos x=-1.所以当cos x=,为函数的极小值点,即x=或x=π,当cos x=-1,x=π,所以f=-,f=,f(0)=f(2π)=0,f(π)=0,所以f(x)的最小值为-.答案:-7.【解析】(1)f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=a e x-.由题设知,f′(2)=0,所以a=.从而f(x)=e x-ln x-1,f′(x)=e x-.当0<x<2时,f′(x)<0;当x>2时,f′(x)>0.所以f(x)在(0,2)上单调递减,在(2,+∞)上单调递增.(2)当a≥时,f(x)≥-ln x-1.设g(x)=-ln x-1,则g′(x)=-.当0<x<1时,g′(x)<0;当x>1时,g′(x)>0.所以x=1是g(x)的最小值点.故当x>0时,g(x)≥g(1)=0.因此,当时a≥时,f(x)≥0.8.【解析】(1)当a=0时,f(x)=(2+x)ln(1+x)-2x,f′(x)=ln(1+x)-.设函数g(x)=f′(x)=ln(1+x)-,则g′(x)=.当-1<x<0时,g′(x)<0;当x>0时,g′(x)>0.故当x>-1时,g(x)≥g(0)=0,当且仅当x=0时,g(x)=0,从而f′(x)≥0,当且仅当x=0时,f′(x)=0.所以f(x)在(-1,+∞)上单调递增.又f(0)=0,故当-1<x<0时,f(x)<0;当x>0时,f(x)>0.(2)(i)若a≥0,由(1)知,当x>0时,f(x)≥(2+x)ln(1+x)-2x>0=f(0),这与x=0是f(x)的极大值点矛盾.(ii)若a<0,设函数h(x)==ln(1+x)-.由于当|x|<min时,2+x+ax2>0,故h(x)与f(x)符号相同.又h(0)=f(0)=0,故x=0是f(x)的极大值点,当且仅当x=0是h(x)的极大值点. h′(x)=--=.如果6a+1>0,则当0<x<-,且|x|<min时,h′(x)>0,故x=0不是h(x)的极大值点.如果6a+1<0,则a2x2+4ax+6a+1=0存在根x1<0,故当x∈(x1,0),且|x|<min时,h′(x)<0,所以x=0不是h(x)的极大值点..如果6a+1=0,则h′(x)=---则当x∈(-1,0)时,h′(x)>0;当x∈(0,1)时,h′(x)<0.所以x=0是h(x)的极大值点,从而x=0是f(x)的极大值点.综上,a=-.9.【解析】(1)f(x)的定义域为R,f′(x)=--,显然f(0)=-1,即点(0,-1)在曲线y=f(x)上,所求切线斜率为k=f′(0)=2,所以切线方程为y-(-1)=2(x-0),即2x-y-1=0.(2)方法一(一边为0):令g(x)=-ax2+(2a-1)x+2,当a≥1时,方程g(x)的判别式Δ=(2a+1)2>0,由g(x)=0得,x=-,2,且-<0<2,x,f′(x),f(x)的关系如下①若x∈(-∞,2],f(x)≥f-=-又因为a≥1,所以0<≤1,1<≤e,-≥-e,f(x)+e≥0,②若x∈(2,+∞),ax2+x-1>4a+2-1>0,e x>0,所以f(x)=->0,f(x)+e≥0,综上,当a≥1时,f(x)+e≥0.方法二(充要条件):①当a=1时,f(x)=-.显然e x>0,要证f(x)+e≥0只需证-≥-e, 即证h(x)=x2+x-1+e·e x≥0,h′(x)=2x+1+e·e x,观察发现h′(-1)=0,x,h′(x),h(x)的关系如下所以h(x)有最小值h(-1)=0,所以h(x)≥0即f(x)+e≥0.②当a>1时,由①知,-≥-e,又显然ax2≥x2,所以ax2+x-1≥x2+x-1,f(x)=-≥-≥-e,即f(x)+e≥0.综上,当a≥1时,f(x)+e≥0.方法三(分离参数):当x=0时,f(x)+e=-1+e≥0成立.当x≠0时,f(x)+e≥0等价于-≥-e,等价于ax2+x-1≥-e·e x,即ax2≥-e·e x-x+1等价于a≥--=k(x),等价于k(x)max≤1.k′(x)=--,令k′(x)=0得x=-1,2.x,k′(x),k(x)的关系如下又因为k(-1)=1,k(2)=-<0,所以k(x)max=1,k(x)≤1,x≠0,综上,当a≥1时,f(x)+e≥0.10.【解析】(1)因为f(x)=[ax2-(4a+1)x+4a+3]e x,所以f′(x)=[2ax-(4a+1)]e x+[ax2-(4a+1)x+4a+3]e x=[ax2-(2a+1)x+2]e x. f′(1)=(1-a)e.由题设知f′(1)=0,即(1-a)e=0,解得a=1.此时f(1)=3e≠0,所以a的值为1.(2)由(1)得f′(x)=[ax2-(2a+1)x+2]e x=(ax-1)(x-2)e x.若a>,则当x∈时,f′(x)<0;当x∈(2,+∞)时,f′(x)>0.所以f(x)在x=2处取得极小值.若a≤,则当x∈(0,2)时,x-2<0,ax-1≤x-1<0, 所以f′(x)>0.所以2不是f(x)的极小值点.综上可知,a的取值范围是(,+∞).11.【解析】(1)因为f(x)=[ax2-(3a+1)x+3a+2]e x, 所以f′(x)=[ax2-(a+1)x+1]e x,f′(2)=(2a-1)e2, 由题设知f′(2)=0,即(2a-1)e2=0,解得a=.(2)方法一:由(1)得f′(x)=[ax2-(a+1)x+1]e x=(ax-1)(x-1)e x若a>1,则当x∈时,f′(x)<0.当x∈(1,+∞)时,f′(x)>0.所以f(x)在x=1处取得极小值.若a≤1,则当x∈(0,1)时,ax-1≤x-1<0,所以f′(x)>0.所以1不是f(x)的极小值点.综上可知,a的取值范围是(1,+∞).方法二:f′(x)=(ax-1)(x-1)e x.①当a=0时,令f′(x)=0得x=1.f′(x),f(x)随x的变化情况如下表:所以f(x)在x=1处取得极大值,不合题意.②当a>0时,令f′(x)=0得x1=,x2=1.(ⅰ)当x1=x2,即a=1时,f′(x)=(x-1)2e x≥0,所以f(x)在R上单调递增,所以f(x)无极值,不合题意.(ⅱ)当x1>x2,即0<a<1时,f′(x),f(x)随x的变化情况如下表:所以f(x)在x=1处取得极大值,不合题意.(ⅲ)当x1<x2,即a>1时,f′(x),f(x)随x的变化情况如下表:所以f(x)在x=1处取得极小值,即a>1满足题意.③当a<0时,令f′(x)=0得x1=,x2=1.f′(x),f(x)随x的变化情况如下表:所以f(x)在x=1处取得极大值,不合题意.综上所述,a的取值范围为(1,+∞).12.【解析】(1)f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=--1+=--.(i)若a≤2,则f′(x)≤0,当且仅当a=2,x=1时f′(x)=0,所以f(x)在(0,+∞)上单调递减.(ii)若a>2,令f′(x)=0得,x=--或x=-.当x∈--∪-时,f′(x)<0;当x∈---时,f′(x)>0.所以f(x)在--,-上单调递减,在---上单调递增.(2)由(1)知,f(x)存在两个极值点,当且仅当a>2.由于f(x)的两个极值点x1,x2满足x2-ax+1=0,所以x1x2=1,不妨设x1<x2,则x2>1.由于--=--1+a--=-2+a--=-2+a--,所以--<a-2等价于-x2+2ln x2<0.设函数g(x)=-x+2ln x,由(1)知,g(x)在(0,+∞)上单调递减,又g(1)=0,从而当x ∈(1,+∞)时,g(x)<0.所以-x2+2ln x2<0,即--<a-2.13.【解析】(1)当a=1时,f(x)≥1等价于(x2+1)e-x-1≤0.设函数g(x)=(x2+1)e-x-1,则g′(x)=-(x2-2x+1)e-x=-(x-1)2e-x.当x≠1时,g′(x)<0,所以g(x)在(0,1)∪(1,+∞)上单调递减.而g(0)=0,故当x≥0时,g(x)≤0,即f(x)≥1.(2)设函数h(x)=1-ax2e-x.f(x)在(0,+∞)上只有一个零点当且仅当h(x)在(0,+∞)上只有一个零点.(i)当a≤0时,h(x)>0,h(x)没有零点;(ii)当a>0时,h′(x)=ax(x-2)e-x.当x∈(0,2)时,h′(x)<0;当x∈(2,+∞)时,h′(x)>0.所以h(x)在(0,2)上单调递减,在(2,+∞)上单调递增.故h(2)=1-是h(x)在[0,+∞)上的最小值.①若h(2)>0,即a<,h(x)在(0,+∞)上没有零点;②若h(2)=0,即a=,h(x)在(0,+∞)上只有一个零点;③若h(2)<0,即a>,由于h(0)=1,所以h(x)在(0,2)上有一个零点,由(1)知,当x>0时,e x>x2,所以h(4a)=1-=1->1-=1->0.故h(x)在(2,4a)有一个零点,因此h(x)在(0,+∞)有两个零点.综上,f(x)在(0,+∞)只有一个零点时,a=.14.【解析】(1)当a=3时,f(x)=x3-3x2-3x-3,f′(x)=x2-6x-3.令f′(x)=0解得x=3-2或3+2.当x∈(-∞,3-2)或(3+2,+∞)时,f′(x)>0;当x∈(3-2,3+2)时,f′(x)<0.故f(x)在(-∞,3-2),(3+2,+∞)上单调递增,在(3-2,3+2)上单调递减.(2)由于x2+x+1>0,所以f(x)=0等价于-3a=0.设g(x)=-3a,则g′(x)=≥0,仅当x=0时g′(x)=0,所以g(x)在(-∞,+∞)上单调递增.故g(x)至多有一个零点.又f(3a-1)=-6a2+2a-=-6--<0,f(3a+1)=>0,故f(x)有一个零点.综上,f(x)只有一个零点.15.【解析】(I)由已知,h(x)=a x-x ln a,有h′(x)=a x ln a-ln a.令h′(x)=0,解得x=0.由a>1,可知当x变化时,h′(x),h(x)的变化情况如表:所以函数h(x)的单调递减区间为(-∞,0),单调递增区间为(0,+∞).(II)由f′(x)=a x ln a,可得曲线y=f(x)在点(x1,f(x1))处的切线斜率为ln a.由g′(x)=,可得曲线y=g(x)在点(x2,g(x2))处的切线斜率为.因为这两条切线平行,故有ln a=,即x2(ln a)2=1.两边取以a为底的对数,得log a x2+x1+2log a(ln a)=0,所以x1+g(x2)=-. (III)曲线y=f(x)在点(x1,)处的切线l1:y-=ln a·(x-x1).曲线y=g(x)在点(x2,log a x2)处的切线l2:y-log a x2=(x-x2).要证明当a≥时,存在直线l,使l是曲线y=f(x)的切线,也是曲线y=g(x)的切线,只需证明当a≥时,存在x1∈(-∞,+∞),x2∈(0,+∞),使得l1和l2重合.即只需证明当a≥时,方程组有解,--由①得x2=,代入②,得-x1ln a+x1++=0③,因此,只需证明当a≥时,关于x1的方程③有实数解.设函数u(x)=a x-xa x ln a+x++,即要证明当a≥时,函数y=u(x)存在零点. u′(x)=1-(ln a)2xa x,可知x∈(-∞,0)时,u′(x)>0;x∈(0,+∞)时,u′(x)单调递减,又u′(0)=1>0,u′[]=1-<0,故存在唯一的x0,且x0>0,使得u′(x0)=0,即1-(ln a)2x0=0.由此可得u(x)在(-∞,x0)上单调递增,在(x0,+∞)上单调递减.u(x)在x=x0处取得极大值u(x0).因为a≥,故ln(ln a)≥-1,所以u(x0)=-x0ln a+x0++=+x0+≥≥0.下面证明存在实数t,使得u(t)<0.由(I)可得a x≥1+x ln a,当x>时,有u(x)≤(1+x ln a)(1-x ln a)+x++=-(ln a)2x2+x+1++,所以存在实数t,使得u(t)<0,因此,当a≥时,存在x1∈(-∞,+∞),使得u(x1)=0.所以,当a≥时,存在直线l,使l是曲线y=f(x)的切线,也是曲线y=g(x)的切线.16.【解析】(Ⅰ)由已知,可得f(x)=x(x-1)(x+1)=x3-x,故f′(x)=3x2-1,因此f(0)=0,f′(0)=-1,又因为曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线方程为y-f(0)=f′(0)(x-0),故所求切线方程为x+y=0.(Ⅱ)由已知可得f(x)=(x-t2+3)(x-t2)(x-t2-3)=(x-t2)3-9(x-t2)=x3-3t2x2+(3-9)x-+9t2.故f′(x)=3x2-6t2x+3-9.令f′(x)=0,解得x=t2-,或x=t2+.当x变化时,f′(x),f(x)的变化情况如表:所以函数f(x)的极大值为f(t2-)=(-)3-9×(-)=6;函数极小值为f(t2+)=()3-9×=-6.(III)曲线y=f(x)与直线y=-(x-t2)-6有三个互异的公共点等价于关于x的方程(x-t2+d)(x-t2)(x-t2-d)+(x-t2)+6=0有三个互异的实数解,令u=x-t2,可得u3+(1-d2)u+6=0.设函数g(x)=x3+(1-d2)x+6,则曲线y=f(x)与直线y=-(x-t2)-6有三个互异的公共点等价于函数y=g(x)有三个零点.g′(x)=3x2+(1-d2).当d2≤1时,g′(x)≥0,这时g′(x)在R上单调递增,不合题意.当d2>1时,g′(x)=0,解得x1=--,x2=-.易得,g(x)在(-∞,x1)上单调递增,在[x1,x2]上单调递减,在(x2,+∞)上单调递增,g(x)的极大值g(x1)=g-=-+6>0,g(x)的极小值g(x2)=g-=--+6.若g(x2)≥0,由g(x)的单调性可知函数y=g(x)至多有两个零点,不合题意.若g(x2)<0,即(d2-1>27,也就是|d|>,此时|d|>x2,g(|d|)=|d|+6>0,且-2|d|<x1,g(-2|d|)=-6|d|3-2|d|+6<-62+6<0,从而由g(x)的单调性,可知函数y=g(x)在区间(-2|d|,x1),(x1,x2),(x2,|d|)内各有一个零点,符合题意.所以d的取值范围是(-∞,-)∪(,+∞)17.【解析】(1)设PO的延长线交MN于H,则PH⊥MN,所以OH=10.过O作OE⊥BC于E,则OE∥MN,所以∠COE=θ,故OE=40cosθ,EC=40sinθ,则矩形ABCD的面积为2×40cosθ(40sinθ+10)=800(4sinθcosθ+cosθ),△CDP的面积为×2×40cosθ(40-40sinθ)=1600(cosθ-sinθcosθ).过N作GN⊥MN,分别交圆弧和OE的延长线于G和K,则GK=KN=10.令∠GOK=θ0,则sinθ0=,θ0∈.当θ∈[θ0,)时,才能作出满足条件的矩形ABCD,所以sinθ的取值范围是.答:矩形ABCD的面积为800(4sinθcosθ+cosθ)平方米,△CDP的面积为1600(cosθ-sinθcosθ),sinθ的取值范围是.(2)因为甲、乙两种蔬菜的单位面积年产值之比为4∶3,设甲的单位面积的年产值为4k,乙的单位面积的年产值为3k(k>0),则年总产值为4k×800(4sinθcosθ+cosθ)+3k×1600(cosθ-sinθcosθ) =8000k(sinθcosθ+cosθ),θ∈.设f(θ)=sinθcosθ+cosθ,θ∈,则f′(θ)=cos2θ-sin2θ-sinθ=-(2sin2θ+sinθ-1)=-(2sinθ-1)(sinθ+1).令f′(θ)=0,得θ=,当θ∈时,f′(θ)>0,所以f(θ)为增函数;当θ∈时,f′(θ)<0,所以f(θ)为减函数,因此,当θ=时,f(θ)取到最大值.答:当θ=时,能使甲、乙两种蔬菜的年总产值最大.18.【解析】(1)函数f(x)=x,g(x)=x2+2x-2,则f′(x)=1,g′(x)=2x+2.由f(x)=g(x)且f′(x)=g′(x),得-此方程组无解,因此,f(x)与g(x)不存在“S”点.(2)函数f(x)=ax2-1,g(x)=ln x,则f′(x)=2ax,g′(x)=.设x0为f(x)与g(x)的“S”点,由f(x0)=g(x0)且f′(x0)=g′(x0),得-即-(*)得ln x0=-,即x0=-,则a=-=.当a=时,x0=-满足方程组(*),即x0为f(x)与g(x)的“S”点.因此,a的值为.(3)f′(x)=-2x,g′(x)=-,(x≠0),由f′(x0)=g′(x0),得b=-->0,得0<x0<1,由f(x0)=g(x0),得-+a==--,得a=--,令h(x)=x2---a=---,(a>0,0<x<1),设m(x)=-x3+3x2+ax-a,(a>0,0<x<1),则m(0)=-a<0,m(1)=2>0,得m(0)m(1)<0,又m(x)的图象在(0,1)上连续不断,则m(x)在(0,1)上有零点,则h(x)在(0,1)上有零点,则f(x)与g(x)在区间(0,+∞)内存在“S”点.19.【解析】(Ⅰ)函数f(x)的导函数f′(x,由f′(x1)=f′(x2)得-=-,因为x1≠x2,所以+=.由基本不等式得=+≥2.因为x1≠x2,所以x1x2>256.由题意得f(x1)+f(x2)=-ln x1+-ln x2=-ln(x1x2).设g(x)=-ln x,则g′(x)=(-4),所以所以g(x)在(256,+∞)上单调递增,故g(x1x2)>g(256)=8-8ln2,即f(x1)+f(x2)>8-8ln2.(Ⅱ)令m=e-(|a|+k),n=+1,则f(m)-km-a>|a|+k-k-a≥0,f(n)-kn-a<n-≤n<0,所以,存在x0∈(m,n)使f(x0)=kx0+a,所以,对于任意的a∈R及k∈(0,+∞),直线y=kx+a与曲线y=f(x)有公共点.由f(x)=kx+a得k=--.设h(x)=--,则h′(x)=--=--,其中g(x)=-ln x.由(Ⅰ)可知g(x)≥g(16),又a≤3-4ln2,故-g(x)-1+a≤-g(16)-1+a=-3+4ln2+a≤0,所以h′(x)≤0,即函数h(x)在(0,+∞)上单调递减,因此方程f(x)-kx-a=0至多1个实根.综上,当a≤3-4ln2时,对于任意k>0,直线y=kx+a与曲线y=f(x)有唯一公共点.。

【高三数学试题精选】2018年全国高考理科数学导数与积分试题汇编

【高三数学试题精选】2018年全国高考理科数学导数与积分试题汇编
【答案】解(Ⅰ) f (x)的反函数设直线=x+1与相切与点所以
(Ⅱ)当x 0, 0时,曲线=f (x)与曲线的共点个数即方程根的个数
由,
则h(x)在
h(x)
所以对曲线=f (x)与曲线共点的个数,讨论如下
当时,有0个共点;当= ,有1个共点;当有2个共点;
(Ⅲ)设

,且
所以
23.(2018年普通高等学校招生统一考试东数学(理)试题(含答案))设函数( =271828是自然对数的底数, )
(I)求L的方程;
(II)证明除切点(1,0)之外,曲线c在直线L的下方
【答案】解(I)设,则所以所以L的方程为
(II)令,则除切点之外,曲线c在直线的下方等价于满足,且
当时, , ,所以,故单调递减;
当时, , ,所以,故单调递增
所以, ( )
所以除切点之外,曲线c在直线L的下方
又解即变形为,记,则,
(3)若,则= = 0,
∴当≥-2时,≤不可能恒成立,
综上所述,的取值范围为[1, ]
21.(2018年高考湖北卷(理))设是正整数,为正有理数
(I)求函数的最小值;
(II)证明;
(III)设,记为不小于的最小整数,例如, ,令,求的值(参考数Fra bibliotek, , , )
【答案】证明(I)
在上单减,在上单增
(II)由(I)知当时, (就是伯努利不等式了)
当,即时,没有零点,
故关于的方程根的个数为0;
当,即时,只有一个零点,
故关于的方程根的个数为1;
当,即时,
①当时,由(Ⅰ)知
要使,只需使,即;
②当时,由(Ⅰ)知
;
要使,只需使,即;

2018届高考数学(理)热点题型:函数与导数(含答案解析)

2018届高考数学(理)热点题型:函数与导数(含答案解析)

函数与导数热点一 利用导数研究函数的性质利用导数研究函数的单调性、极值、最值是高考的热点问题之一,每年必考,一般考查两类题型:(1)讨论函数的单调性、极值、最值,(2)利用单调性、极值、最值求参数的取值范围.【例1】已知函数f (x )=ln x +a (1-x ).(1)讨论f (x )的单调性;(2)当f (x )有最大值,且最大值大于2a -2时,求实数a 的取值范围.解 (1)f (x )的定义域为(0,+∞),f ′(x )=1x -a .若a ≤0,则f′(x )>0,所以f (x )在(0,+∞)上单调递增.若a >0,则当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,1a 时,f ′(x )>0; 当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ,+∞时,f ′(x )<0, 所以f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫0,1a 上单调递增,在⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ,+∞上单调递减. 综上,知当a ≤0时,f (x )在(0,+∞)上单调递增;当a >0时,f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫0,1a 上单调递增,在⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ,+∞上单调递减. (2)由(1)知,当a ≤0时,f (x )在(0,+∞)上无最大值;当a >0时,f (x )在x =1a 处取得最大值,最大值为f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a =ln 1a +a ⎝ ⎛⎭⎪⎫1-1a =-ln a +a -1.因此f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a >2a -2等价于ln a +a -1<0. 令g (a )=ln a +a -1,则g (a )在(0,+∞)上单调递增,g (1)=0.于是,当0<a <1时,g (a )<0;当a >1时,g (a )>0.因此,实数a 的取值范围是(0,1).【类题通法】(1)研究函数的性质通常转化为对函数单调性的讨论,讨论单调性要先求函数定义域,再讨论导数在定义域内的符号来判断函数的单调性.(2)由函数的性质求参数的取值范围,通常根据函数的性质得到参数的不等式,再解出参数的范围.若不等式是初等的一次、二次、指数或对数不等式,则可以直接解不等式得参数的取值范围;若不等式是一个不能直接解出的超越型不等式时,如求解ln a+a-1<0,则需要构造函数来解.【对点训练】已知a∈R,函数f(x)=(-x2+ax)e x(x∈R,e为自然对数的底数).(1)当a=2时,求函数f(x)的单调递增区间;(2)若函数f(x)在(-1,1)上单调递增,求实数a的取值范围.解(1)当a=2时,f(x)=(-x2+2x)e x,所以f′(x)=(-2x+2)e x+(-x2+2x)e x=(-x2+2)e x.令f′(x)>0,即(-x2+2)e x>0,因为e x>0,所以-x2+2>0,解得-2<x< 2.所以函数f(x)的单调递增区间是(-2,2).(2)因为函数f(x)在(-1,1)上单调递增,所以f′(x)≥0对x∈(-1,1)都成立,因为f′(x)=(-2x+a)e x+(-x2+ax)e x=[-x2+(a-2)x+a]e x,所以[-x2+(a-2)x+a]e x≥0对x∈(-1,1)都成立.因为e x>0,所以-x2+(a-2)x+a≥0对x∈(-1,1)都成立,即a≥x2+2xx+1=(x+1)2-1x+1=(x+1)-1x+1对x∈(-1,1)都成立.令y=(x+1)-1x+1,则y′=1+1(x+1)2>0.所以y=(x+1)-1x+1在(-1,1)上单调递增,所以y <(1+1)-11+1=32.即a ≥32. 因此实数a 的取值范围为a ≥32.热点二 利用导数研究函数零点或曲线交点问题函数的零点、方程的根、曲线的交点,这三个问题本质上同属一个问题,它们之间可相互转化,这类问题的考查通常有两类:(1)讨论函数零点或方程根的个数;(2)由函数零点或方程的根求参数的取值范围.【例2】设函数f(x)=ln x +m x ,m ∈R .(1)当m =e(e 为自然对数的底数)时,求f (x )的极小值;(2)讨论函数g (x )=f ′(x )-x 3零点的个数.解 (1)由题设,当m =e 时,f (x )=ln x +e x ,定义域为(0,+∞),则f ′(x )=x -e x 2,由f ′(x )=0,得x =e.∴当x ∈(0,e),f ′(x )<0,f (x )在(0,e)上单调递减,当x ∈(e ,+∞),f ′(x )>0,f (x )在(e ,+∞)上单调递增,∴当x =e 时,f (x )取得极小值f (e)=ln e +e e =2,∴f (x )的极小值为2.(2)由题设g (x )=f ′(x )-x 3=1x -m x 2-x 3(x >0),令g (x )=0,得m =-13x 3+x (x >0).设φ(x )=-13x 3+x (x >0),则φ′(x )=-x 2+1=-(x -1)(x +1),当x ∈(0,1)时,φ′(x )>0,φ(x )在(0,1)上单调递增;当x ∈(1,+∞)时,φ′(x )<0,φ(x )在(1,+∞)上单调递减.∴x =1是φ(x )的唯一极值点,且是极大值点,因此x =1也是φ(x )的最大值点.∴φ(x )的最大值为φ(1)=23.又φ(0)=0,结合y =φ(x )的图象(如图),可知①当m >23时,函数g (x )无零点;②当m =23时,函数g (x )有且只有一个零点;③当0<m <23时,函数g (x )有两个零点;④当m ≤0时,函数g (x )有且只有一个零点.综上所述,当m >23时,函数g (x )无零点;当m =23或m ≤0时,函数g (x )有且只有一个零点;当0<m <23时,函数g (x )有两个零点.【类题通法】利用导数研究函数的零点常用两种方法:(1)运用导数研究函数的单调性和极值,利用单调性和极值定位函数图象来解决零点问题;(2)将函数零点问题转化为方程根的问题,利用方程的同解变形转化为两个函数图象的交点问题,利用数形结合来解决.【对点训练】函数f (x )=(ax 2+x )e x ,其中e 是自然对数的底数,a ∈R .(1)当a >0时,解不等式f (x )≤0;(2)当a =0时,求整数t 的所有值,使方程f (x )=x +2在[t ,t +1]上有解. 解 (1)因为e x >0,(ax 2+x )e x ≤0.∴ax 2+x ≤0.又因为a >0,所以不等式化为x ⎝ ⎛⎭⎪⎫x +1a ≤0. 所以不等式f (x )≤0的解集为⎣⎢⎡⎦⎥⎤-1a ,0. (2)当a =0时,方程即为x e x =x +2,由于e x >0,所以x =0不是方程的解,所以原方程等价于e x -2x -1=0.令h (x )=e x -2x -1,因为h ′(x )=e x +2x 2>0对于x ∈(-∞,0)∪(0,+∞)恒成立,所以h (x )在(-∞,0)和(0,+∞)内是单调递增函数,又h (1)=e -3<0,h (2)=e 2-2>0,h (-3)=e -3-13<0,h (-2)=e -2>0,所以方程f (x )=x +2有且只有两个实数根且分别在区间[1,2]和[-3,-2]上,所以整数t 的所有值为{-3,1}.热点三 利用导数研究不等式问题导数在不等式中的应用是高考的热点,常以解答题的形式考查,以中高档题为主,突出转化思想、函数思想的考查,常见的命题角度:(1)证明简单的不等式;(2)由不等式恒成立求参数范围问题;(3)不等式恒成立、能成立问题.【例3】设函数f (x )=e 2x -a ln x .(1)讨论f (x )的导函数f ′(x )零点的个数;(2)证明:当a >0时,f (x )≥2a +a ln 2a .(1)解 f (x )的定义域为(0,+∞),f ′(x )=2e 2x -a x (x >0).当a ≤0时,f ′(x )>0,f ′(x )没有零点.当a >0时,设u (x )=e 2x ,v (x )=-a x,因为u (x )=e 2x 在(0,+∞)上单调递增,v (x )=-a x 在(0,+∞)上单调递增,所以f ′(x )在(0,+∞)上单调递增.又f ′(a )>0,当b 满足0<b <a 4且b <14时,f ′(b )<0(讨论a ≥1或a <1来检验),故当a >0时,f ′(x )存在唯一零点.(2)证明 由(1),可设f ′(x )在(0,+∞)上的唯一零点为x 0,当x ∈(0,x 0)时,f ′(x )<0;当x ∈(x 0,+∞)时,f ′(x )>0.故f (x )在(0,x 0)上单调递减,在(x 0,+∞)上单调递增,所以当x =x 0时,f (x )取得最小值,最小值为f (x 0)由于2e2x 0-a x 0=0, 所以f (x 0)=a 2x 0+2ax 0+a ln 2a ≥2a +a ln 2a . 故当a >0时,f (x )≥2a +a ln 2a .【类题通法】1.讨论零点个数的答题模板第一步:求函数的定义域;第二步:分类讨论函数的单调性、极值;第三步:根据零点存在性定理,结合函数图象确定各分类情况的零点个数.2.证明不等式的答题模板第一步:根据不等式合理构造函数;第二步:求函数的最值;第三步:根据最值证明不等式.【对点训练】 已知函数f (x )=ax +ln x (a ∈R ).(1)若a =2,求曲线y =f (x )在x =1处的切线方程;(2)求f (x )的单调区间;(3)设g (x )=x 2-2x +2,若对任意x 1∈(0,+∞),均存在x 2∈[0,1]使得f (x 1)<g (x 2),求a 的取值范围.解 (1)由已知得f ′(x )=2+1x (x >0),所以f ′(1)=2+1=3,所以斜率k =3.又切点为(1,2),所以切线方程为y -2=3(x -1),即3x -y -1=0,故曲线y =f (x )在x =1处的切线方程为3x -y -1=0.(2)f ′(x )=a +1x =ax +1x (x >0),①当a ≥0时,由于x >0,故ax +1>0,f ′(x )>0,所以f (x )的单调增区间为(0,+∞).②当a <0时,由f ′(x )=0,得x =-1a .在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫0,-1a 上,f ′(x )>0,在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫-1a ,+∞上,f ′(x )<0,所以函数f (x )的单调递增区间为⎝ ⎛⎭⎪⎫0,-1a ,单调递减区间为⎝ ⎛⎭⎪⎫-1a ,+∞. (3)由已知得所求可转化为f (x )max <g (x )max ,g (x )=(x -1)2+1,x ∈[0,1],所以g (x )max =2,由(2)知,当a ≥0时,f (x )在(0,+∞)上单调递增,值域为R ,故不符合题意.当a <0时,f (x )在⎝ ⎛⎭⎪⎫0,-1a 上单调递增,在⎝ ⎛⎭⎪⎫-1a ,+∞上单调递减,故f (x )的极大值即为最大值,是f ⎝ ⎛⎭⎪⎫-1a =-1+ln ⎝ ⎛⎭⎪⎫-1a =-1-ln(-a ), 所以2>-1-ln(-a ),解得a <-1e 3.。

(完整版)2018年高考全国一卷理科数学答案及解析

(完整版)2018年高考全国一卷理科数学答案及解析

2018年普通高等学招生全国统一考试(全国一卷)理科数学参考答案与解析一、选择题:本题有12小题,每小题5分,共60分。

1、设z=,则|z|=A 、0B 、C 、1D 、【答案】C【解析】由题可得i z =+=2i )i -(,所以|z|=1【考点定位】复数2、已知集合A={x|x 2-x-2>0},则A =A 、{x|-1<x<2}B 、{x|-1x 2}C 、{x|x<-1}∪{x|x>2}D 、{x|x -1}∪{x|x 2} 【答案】B【解析】由题可得C R A={x|x 2-x-2≤0},所以{x|-1x 2}【考点定位】集合3、某地区经过一年的新农村建设,农村的经济收入增加了一倍,实现翻番,为更好地了解该地区农村的经济收入变化情况,统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例,得到如下饼图:则下面结论中不正确的是:A 、新农村建设后,种植收入减少。

B 、新农村建设后,其他收入增加了一倍以上。

C 、新农村建设后,养殖收入增加了一倍。

D 、新农村建设后,养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半。

【答案】A【解析】由题可得新农村建设后,种植收入37%*200%=74%>60%,【考点定位】简单统计4、记S n为等差数列{a n}的前n项和,若3S3=S2+S4,a1=2,则a5=A、-12B、-10C、10D、12【答案】B【解析】3*(a1+a1+d+a1+2d)=(a1+a1+d) (a1+a1+d+a1+2d+a1+3d),整理得:2d+3a1=0; d=-3 ∴a5=2+(5-1)*(-3)=-10【考点定位】等差数列求和5、设函数f(x)=x3+(a-1)x2+ax,若f(x)为奇函数,则曲线y=f(x)在点(0,0)处的切线方程为:A、y=-2xB、y=-xC、y=2xD、y=x【答案】D【解析】f(x)为奇函数,有f(x)+f(-x)=0整理得:f(x)+f(-x)=2*(a-1)x2=0 ∴a=1f(x)=x3+x求导f‘(x)=3x2+1f‘(0)=1 所以选D【考点定位】函数性质:奇偶性;函数的导数6、在ABC中,AD为BC边上的中线,E为AD的中点,则=A、--B、--C、-+D、-【答案】A【解析】AD 为BC 边∴上的中线 AD=AC 21AB 21+ E 为AD 的中点∴AE=AC 41AB 41AD 21+= EB=AB-AE=AC 41AB 43)AC 41AB 41(-AB -=+= 【考点定位】向量的加减法、线段的中点7、某圆柱的高为2,底面周长为16,其三视图如右图,圆柱表面上的点M 在正视图上的对应点为11A ,圆柱表面上的点N 在左视图上的对应点为B ,则在此圆柱侧面上,从M 到N 的路径中,最短路径的长度为 A 、B 、C 、3D 、2 【答案】B【解析】将圆柱体的侧面从A 点展开:注意到B 点在41圆周处。

高考数学厦门卷导数的应用历年真题解析

高考数学厦门卷导数的应用历年真题解析

高考数学厦门卷导数的应用历年真题解析一、2018年厦门卷真题解析本文将为您解析2018年厦门卷高考数学导数的应用部分。

在这一部分中,考生需要理解并运用导数的概念和性质来解题。

题目一:设函数f(x)=x^3-3x^2-x+3,已知曲线y=f(x)的切线方程为y=2x+b,求常数b的值。

解析:首先,我们知道曲线y=f(x)的切线方程为y=2x+b,由此可得该切线的斜率为2。

而切线的斜率等于函数在切点处的导数值,所以我们需要求函数f(x)在切点处的导数值。

求导数的过程如下:f'(x) = 3x^2 - 6x - 1由题目中给出的切线方程,可以知道切线与曲线相交的点为(x0,f(x0)),其中斜率为2:2 = f'(x0)代入求得导数的表达式,得到:2 = 3x0^2 - 6x0 - 1化简得:3x0^2 - 6x0 - 3 = 0再进一步化简:x0^2 - 2x0 - 1 = 0通过解这个二次方程可以得到x0的值。

解得:x0 = 1 ± √2因此,在(x0, f(x0))处的切线为:y = 2x + b代入得:f(x0) = 2x0 + b带入x0的值,可以求出b的值。

题目二:已知函数y=f(x)的导数f'(x)=ax^2+2ax-3a,且y=f(x)在点(1, 3)处与直线L相切,求直线L的方程。

解析:题目中给出了函数y=f(x)的导数表达式f'(x)=ax^2+2ax-3a,我们需要根据该导数表达式和已知的切点求直线L的方程。

首先,我们知道函数y=f(x)在点(1, 3)处与直线L相切,那么直线L的斜率就等于函数f(x)在点(1, 3)处的导数值。

因此,直线L的斜率为:k = f'(1) = a + 2a - 3a = a进一步,我们已知直线L与点(1, 3)相切,可以得到直线L的方程为:y - 3 = k(x - 1)将斜率k代入,得到:y - 3 = ax - a化简后可以得到直线L的方程:y - ax = 2a - 3以上就是2018年厦门卷高考数学导数的应用部分的解析。

2018年高考全国1卷理科数学试题与答案详细解析(word版_精校版)

2018年高考全国1卷理科数学试题与答案详细解析(word版_精校版)

15 / 17系,求得赔偿费用的期望;在解〔 ii 〕的时候,就通过比拟两个期望的大小,得到结果.解:〔 1〕 20 件产品中恰有2 件不合格品的概率为f ( p) C 202 p 2 (1 p)18.因此21 821 721 7). p( 1 1 0 )f ( p) C 2 0 [ 2p ( 1 p )1p 8 ( p1 ) 2]0 p2 C p( 1令 f ( p) 0 ,得 p 0.1 .当 p(0,0.1) 时, f ( p )0 ;当 p (0.1,1) 时, f ( p) 0 .所以 f ( p) 的最大值点为 p 00.1.〔 2〕由〔 1〕知,p0.1 .〔ⅰ〕令 Y 表示余下的 180 件产品中的不合格品件数,依题意知Y B(180,0.1) , X 20 2 25Y ,即 X 40 25Y .所以 EXE (40 25Y ) 40 25EY 490 .〔ⅱ〕如果对余下的产品作检验,那么这一箱产品所需要的检验费为 400 元.由于 EX400 ,故应该对余下的产品作检验.点睛:该题考察的是有关随机变量的问题,在解题的过程中,一是需要明确独立重复试验成功次数对应的概率公式,再者就是对其用函数的思想来研究,应用导数求得其最小值点,在做第二问的时候,需要明确离散型随机变量的可取值以及对应的概率,应用期望公式求得结果,再有就是通过期望的大小关系得到结论 .21.【解析】分析: (1)首先确定函数的定义域,之后对函数求导,之后对进展分类讨论,从而确定出导数在相应区间上的符号,从而求得函数对应的单调区间;(2) 根据存在两个极值点,结合第一问的结论,可以确定,令,得到两个极值点是方程的两个不等的正实根,利用韦达定理将其转换,构造新函数证得结果.解: 〔 1〕f ( x)的定义域为(0,) ,f ( x)12x〔ⅰ〕假设 a ≤ 2 ,那么 f ( x) ≤ 0 ,当且仅当 a 〔ⅱ〕假设 a 2 ,令 f ( x) a a20 得, x2aa 2 4 a a 2 4) 时,当 x (0,2) U (2,1 ax 2 axxx 22 , x 1 时 f( x)4a a 2或 x2f ( x)0 ;1.0 ,所以 f ( x) 在 (0,) 单调递减.4 .当 x(aa 24 , aa 24 ) 时, f ( x)0 . 所以 f ( x) 在 (0,aa 24 ) , (aa 2 4 , ) 单调递2222减,在 (a2, a2a 4 a 4 ) 单调递增.2 2〔 2〕由〔 1〕知,f ( x)存在两个极值点当且仅当a 2 .由于 f ( x) 的两个极值点2ax1 0 ,所以 x 1 x2 1 ,不妨设 x 1 x 2 ,那么 x 21 . 由于x 1, x 2满足 x理科数学试题第 15 页〔共 17 页〕系,求得赔偿费用的期望;在解〔 ii 〕的时候,就通过比拟两个期望的大小,得到结果.解:〔 1〕 20 件产品中恰有2 件不合格品的概率为f ( p) C 202 p 2 (1 p)18.因此21 821 721 7). p( 1 1 0 )f ( p) C 2 0 [ 2p ( 1 p )1p 8 ( p1 ) 2]0 p2 C p( 1令 f ( p) 0 ,得 p 0.1 .当 p(0,0.1) 时, f ( p )0 ;当 p (0.1,1) 时, f ( p) 0 .所以 f ( p) 的最大值点为 p 00.1.〔 2〕由〔 1〕知,p0.1 .〔ⅰ〕令 Y 表示余下的 180 件产品中的不合格品件数,依题意知Y B(180,0.1) , X 20 2 25Y ,即 X 40 25Y .所以 EXE (40 25Y ) 40 25EY 490 .〔ⅱ〕如果对余下的产品作检验,那么这一箱产品所需要的检验费为 400 元.由于 EX400 ,故应该对余下的产品作检验.点睛:该题考察的是有关随机变量的问题,在解题的过程中,一是需要明确独立重复试验成功次数对应的概率公式,再者就是对其用函数的思想来研究,应用导数求得其最小值点,在做第二问的时候,需要明确离散型随机变量的可取值以及对应的概率,应用期望公式求得结果,再有就是通过期望的大小关系得到结论 .21.【解析】分析: (1)首先确定函数的定义域,之后对函数求导,之后对进展分类讨论,从而确定出导数在相应区间上的符号,从而求得函数对应的单调区间;(2) 根据存在两个极值点,结合第一问的结论,可以确定,令,得到两个极值点是方程的两个不等的正实根,利用韦达定理将其转换,构造新函数证得结果.解: 〔 1〕f ( x)的定义域为(0,) ,f ( x)12x〔ⅰ〕假设 a ≤ 2 ,那么 f ( x) ≤ 0 ,当且仅当a〔ⅱ〕假设a 2 ,令 f ( x) a a20 得, x2aa 2 4 a a 2 4) 时, 当 x (0,2) U (2,1 a x2axxx 22 , x 1 时 f( x)4a a 2或 x2f ( x)0 ;1.0 ,所以 f ( x) 在 (0,) 单调递减.4 .当 x(aa 24 , aa 24 ) 时, f ( x)0 . 所以 f ( x) 在 (0,aa 24 ) , (aa 2 4 , ) 单调递2222减,在 (a2, a2a 4 a 4 ) 单调递增.2 2〔 2〕由〔 1〕知,f ( x)存在两个极值点当且仅当a 2 .由于 f ( x) 的两个极值点2ax1 0 ,所以 x 1 x2 1 ,不妨设 x 1 x 2 ,那么 x 21 . 由于x 1, x 2满足 x理科数学试题第 15 页〔共 17 页〕系,求得赔偿费用的期望;在解〔 ii 〕的时候,就通过比拟两个期望的大小,得到结果.解:〔 1〕 20 件产品中恰有2 件不合格品的概率为f ( p) C 202 p 2 (1 p)18.因此21 821 721 7). p( 1 1 0 )f ( p) C 2 0 [ 2p ( 1 p )1p 8 ( p1 ) 2]0 p2 C p( 1令 f ( p) 0 ,得 p 0.1 .当 p(0,0.1) 时, f ( p )0 ;当 p (0.1,1) 时, f ( p) 0 .所以 f ( p) 的最大值点为 p 00.1.〔 2〕由〔 1〕知,p0.1 .〔ⅰ〕令 Y 表示余下的 180 件产品中的不合格品件数,依题意知Y B(180,0.1) , X 20 2 25Y ,即 X 40 25Y .所以 EXE (40 25Y ) 40 25EY 490 .〔ⅱ〕如果对余下的产品作检验,那么这一箱产品所需要的检验费为 400 元.由于 EX400 ,故应该对余下的产品作检验.点睛:该题考察的是有关随机变量的问题,在解题的过程中,一是需要明确独立重复试验成功次数对应的概率公式,再者就是对其用函数的思想来研究,应用导数求得其最小值点,在做第二问的时候,需要明确离散型随机变量的可取值以及对应的概率,应用期望公式求得结果,再有就是通过期望的大小关系得到结论 .21.【解析】分析: (1)首先确定函数的定义域,之后对函数求导,之后对进展分类讨论,从而确定出导数在相应区间上的符号,从而求得函数对应的单调区间;(2) 根据存在两个极值点,结合第一问的结论,可以确定,令,得到两个极值点是方程的两个不等的正实根,利用韦达定理将其转换,构造新函数证得结果.解: 〔 1〕f ( x)的定义域为(0,) ,f ( x)12x〔ⅰ〕假设 a ≤ 2 ,那么 f ( x) ≤ 0 ,当且仅当a〔ⅱ〕假设a 2 ,令 f ( x) a a20 得, x2aa 2 4 a a 2 4) 时, 当 x (0,2) U (2,1 a x2axxx 22 , x 1 时 f( x)4a a 2或 x2f ( x)0 ;1.0 ,所以 f ( x) 在 (0,) 单调递减.4 .当 x(aa 24 , aa 24 ) 时, f ( x)0 . 所以 f ( x) 在 (0,aa 24 ) , (aa 2 4 , ) 单调递2222减,在 (a2, a2a 4 a 4 ) 单调递增.2 2〔 2〕由〔 1〕知,f ( x)存在两个极值点当且仅当a 2 .由于 f ( x) 的两个极值点2ax1 0 ,所以 x 1 x2 1 ,不妨设 x 1 x 2 ,那么 x 21 . 由于x 1, x 2满足 x理科数学试题第 15 页〔共 17 页〕。

2018年高考数学(理)二轮复习 讲学案:考前专题二 函数与导数 第3讲 导数及其应用(含答案解析)

2018年高考数学(理)二轮复习 讲学案:考前专题二  函数与导数 第3讲 导数及其应用(含答案解析)

第3讲 导数及其应用1.导数的意义和运算是导数应用的基础,是高考的一个热点. 2.利用导数解决函数的单调性与极值(最值)问题是高考的常见题型. 3.导数与函数零点,不等式的结合常作为高考压轴题出现.热点一 导数的几何意义1.函数f (x )在x 0处的导数是曲线f (x )在点P (x 0,f (x 0))处的切线的斜率,曲线f (x )在点P 处的切线的斜率k =f ′(x 0),相应的切线方程为y -f (x 0)=f ′(x 0)(x -x 0).2.求曲线的切线要注意“过点P 的切线”与“在点P 处的切线”的不同. 例 1 (1)(2017届山东寿光现代中学月考)过点(0,1)且与曲线y =x +1x -1在点(3,2)处的切线垂直的直线的方程为( )A .2x +y -1=0B .2x -y +1=0C .x -2y +2=0D .x +2y -2=0答案 B 解析 因为y ′=x -1-(x +1)(x -1)2=-2(x -1)2,故切线的斜率k =-12,即所求直线的斜率k =2,方程为y -1=2(x -0),即2x -y +1=0.故选B.(2)(2017届成都一诊)已知曲线C 1:y 2=tx (y >0,t >0)在点M ⎝ ⎛⎭⎪⎫4t ,2处的切线与曲线C 2:y =e x +1-1也相切,则t ln 4e 2t 的值为( ) A .4e 2B .8eC .2D .8答案 D解析 曲线C 1:y =tx ,y ′=t2tx. 当x =4t 时,y ′=t 4,切线方程为y -2=t 4⎝ ⎛⎭⎪⎫x -4t ,化简为y =t4x +1.①与曲线C 2相切,设切点为(x 0,y 0),y ′|0x x ==e01x +=t 4,x 0=ln t4-1, 那么y 0=e01x +-1=t4-1, 切线方程为y -⎝ ⎛⎭⎪⎫t 4-1=t 4⎝⎛⎭⎪⎫x -ln t4+1,化简为y =t 4x -t 4ln t 4+t2-1,②①②是同一方程,所以-t 4ln t 4+t 2-1=1⇔ln t 4=2t -8t,即t =4,那么t ln 4e 2t=4ln e 2=8,故选D.思维升华 (1)求曲线的切线要注意“过点P 的切线”与“在点P 处的切线”的差异,过点P 的切线中,点P 不一定是切点,点P 也不一定在已知曲线上,而在点P 处的切线,必以点P 为切点.(2)利用导数的几何意义解题,主要是利用导数、切点坐标、切线斜率之间的关系来进行转化.以平行、垂直直线斜率间的关系为载体求参数的值,则要求掌握平行、垂直与斜率之间的关系,进而和导数联系起来求解.跟踪演练1 (1)(2017届河北省正定中学期中)已知函数f (x )=3x +cos 2x +sin 2x ,a =f ′⎝ ⎛⎭⎪⎫π4,f ′(x )是f (x )的导函数,则过曲线y =x 3上一点P (a ,b )的切线方程为________. 答案 3x -y -2=0或3x -4y +1=0解析 f ′(x )=3-2sin 2x +2cos 2x ,f ′⎝ ⎛⎭⎪⎫π4=3-2=1,则a =1,点P 的坐标为()1,1, 若P 为切点,y ′=3x 2,曲线y =x 3在点P 处切线的斜率为3,切线方程为y -1=3(x -1),即 3x -y -2=0;若P 不为切点,设曲线y =x 3的切线的切点为(m ,n ),曲线y =x 3的切线的斜率k =3m 2,则n -1m -1=3m 2.又n =m 3,则m =-12,n =-18,得切线方程为y +18=34⎝ ⎛⎭⎪⎫x +12,即3x -4y +1=0.∴过曲线y =x 3上一点P (a ,b )的切线方程为3x -y -2=0或3x -4y +1=0.(2)(2017届云南省师范大学附属中学月考)若函数f (x )=ln x 与函数g (x )=x 2+2x +a (x <0)有公切线,则实数a 的取值范围是( ) A.⎝ ⎛⎭⎪⎫ln 12e ,+∞ B .(-1,+∞) C .(1,+∞) D. (-ln 2,+∞)答案 A解析 设公切线与函数f (x )=ln x 切于点A (x 1,ln x 1)(x 1>0),则切线方程为y -ln x 1=1x 1(x -x 1).设公切线与函数g (x )=x 2+2x +a 切于点B (x 2,x 22+2x 2+a )(x 2<0),则切线方程为y -(x 22+2x 2+a )=2(x 2+1)(x -x 2),∴⎩⎪⎨⎪⎧1x 1=2(x 2+1),ln x 1-1=-x 22+a ,∵x 2<0<x 1,∴0<1x 1<2.又a =ln x 1+⎝⎛⎭⎪⎫12x 1-12-1=-ln 1x 1+14⎝ ⎛⎭⎪⎫1x 1-22-1,令t =1x 1,∴0<t <2,a =14t 2-t -ln t .设h (t )=14t 2-t -ln t (0<t <2),则h ′(t )=12t -1-1t =(t -1)2-32t <0,∴h (t )在(0,2)上为减函数, 则h (t )>h (2)=-ln 2-1=ln 12e ,∴a ∈(ln 12e ,+∞),故选A.热点二 利用导数研究函数的单调性1.f ′(x )>0是f (x )为增函数的充分不必要条件,如函数f (x )=x 3在(-∞,+∞)上单调递增,但f ′(x )≥0. 2.f ′(x )≥0是f (x )为增函数的必要不充分条件,当函数在某个区间内恒有f ′(x )=0时,则f (x )为常函数,函数不具有单调性.例2 (2017届河南息县第一高级中学段测)已知函数f (x )=x 2+a ln x . (1)当a =-2时,求函数f (x )的单调区间;(2)若g (x )=f (x )+2x,在[1,+∞)上是单调函数,求实数a 的取值范围.解 (1)f ′(x )=2x -2x,令f ′(x )>0,得x >1;令f ′(x )<0,得0<x <1,所以f (x )的单调递增区间是(1,+∞), 单调递减区间是(0,1). (2)由题意g (x )=x 2+a ln x +2x,g ′(x )=2x +a x -2x2,若函数g (x )为[1,+∞)上的单调增函数, 则g ′(x )≥0在[1,+∞)上恒成立, 即a ≥2x-2x 2在[1,+∞)上恒成立,设φ(x )=2x-2x 2.∵φ(x )在[1,+∞)上单调递减, ∴φ(x )max =φ(1)=0,∴a ≥0;若函数g (x )为[1,+∞)上的单调减函数, 则g ′(x )≤0在[1,+∞)上恒成立,不可能. ∴实数a 的取值范围为[0,+∞).思维升华 利用导数研究函数单调性的一般步骤 (1)确定函数的定义域. (2)求导函数f ′(x ).(3)①若求单调区间(或证明单调性),只要在函数定义域内解(或证明)不等式f ′(x )>0或f ′(x )<0; ②若已知函数的单调性,则转化为不等式f ′(x )≥0或f ′(x )≤0在单调区间上恒成立问题来求解.跟踪演练2 (1)(2017届昆明市第一中学月考)若函数f (x )=ln x +ax 2-2在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫12,2内存在单调递增区间,则实数a 的取值范围是( ) A .(-∞,-2] B.⎝ ⎛⎭⎪⎫-18,+∞ C. ⎝ ⎛⎭⎪⎫-2,-18 D. (-2,+∞)答案 D解析 由题意得f ′(x )=1x+2ax ,若f (x )在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫12,2内存在单调递增区间,则f ′(x )>0在⎝ ⎛⎭⎪⎫12,2上有解, 即a >⎝ ⎛⎭⎪⎫-12x 2min.又g (x )=-12x 2在⎝ ⎛⎭⎪⎫12,2上是单调递增函数, 所以g (x )>g ⎝ ⎛⎭⎪⎫12=-2, 所以a >-2. 故选D.(2)定义在⎝ ⎛⎭⎪⎫0,π2上的函数f (x ),f ′(x )是它的导函数,且恒有f (x )<f ′(x )·tan x 成立,则( )A.3f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π4>2f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3 B .f (1)<2f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6sin 1C.2f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6>f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π4 D.3f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3 答案 D解析 构造函数F (x )=f (x )sin x. 则F ′(x )=f ′(x )sin x -f (x )cos x sin 2x >0,x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,π2,从而有F (x )=f (x )sin x 在⎝⎛⎭⎪⎫0,π2上为增函数,所以有F ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6<F ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3,即f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6sin π6<f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π3sinπ3⇒3f ⎝ ⎛⎭⎪⎫π6<f⎝ ⎛⎭⎪⎫π3,故选D.热点三 利用导数求函数的极值、最值1.若在x 0附近左侧f ′(x )>0,右侧f ′(x )<0,则f (x 0)为函数f (x )的极大值;若在x 0附近左侧f ′(x )<0,右侧f ′(x )>0,则f (x 0)为函数f (x )的极小值.2.设函数y =f (x )在[a ,b ]上连续,在(a ,b )内可导,则f (x )在[a ,b ]上必有最大值和最小值且在极值点或端点处取得.例3 (2017届云南大理州统测)设函数G (x )=x ln x +(1-x )·ln(1-x ). (1)求G (x )的最小值;(2)记G (x )的最小值为c ,已知函数f (x )=2a ·e x +c+a +1x-2(a +1)(a >0),若对于任意的x ∈(0,+∞),恒有f (x )≥0成立,求实数a 的取值范围. 解 (1)由已知得0<x <1,G ′(x )=ln x -ln(1-x )=lnx1-x. 令G ′(x )<0,得0<x <12;令G ′(x )>0,得12<x <1,所以G (x )的单调减区间为⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12, 单调增区间为⎝ ⎛⎭⎪⎫12,1. 从而G (x )min =G ⎝ ⎛⎭⎪⎫12=ln 12=-ln 2. (2)由(1)中c =-ln 2, 得f (x )=a ·e x+a +1x-2(a +1).所以f ′(x )=ax 2·e x-(a +1)x 2.令g (x )=ax 2·e x-(a +1), 则g ′(x )=ax (2+x )e x>0, 所以g (x )在(0,+∞)上单调递增,因为g (0)=-(a +1),且当x →+∞时,g (x )>0,所以存在x 0∈(0,+∞),使g (x 0)=0,且f (x )在(0,x 0)上单调递减,在(x 0,+∞)上单调递增. 因为g (x 0)=ax 20·e 0x -(a +1)=0,所以ax 20·ex =a +1,即a ·e 0x =a +1x 20, 因为对于任意的x ∈(0,+∞),恒有f (x )≥0成立, 所以f (x )min =f (x 0)=a ·e 0x +a +1x 0-2(a +1)≥0, 所以a +1x 20+a +1x 0-2(a +1)≥0, 即1x 20+1x 0-2≥0,即2x 20-x 0-1≤0,所以-12≤x 0≤1.因为ax 20·ex =a +1,所以x 20·ex =a +1a>1. 又x 0>0,所以0<x 0≤1,从而x 20·e 0x ≤e,所以1<a +1a ≤e,故a ≥1e -1. 思维升华 (1)求函数f (x )的极值,则先求方程f ′(x )=0的根,再检查f ′(x )在方程根的左右函数值的符号. (2)若已知极值大小或存在情况,则转化为已知方程f ′(x )=0根的大小或存在情况来求解.(3)求函数f (x )在闭区间[a ,b ]上的最值时,在得到极值的基础上,结合区间端点的函数值f (a ),f (b )与f (x )的各极值进行比较得到函数的最值.跟踪演练3 已知函数f (x )=ax 3+bx 2,在x =1处取得极值16.(1)求a ,b 的值;(2)若对任意的x ∈[0,+∞),都有f ′(x )≤k ln(x +1)成立(其中f ′(x )是函数f (x )的导函数),求实数k 的最小值.解 (1)由题设可得f ′(x )=3ax 2+2bx , ∵f (x )在x =1处取得极值16,∴⎩⎪⎨⎪⎧f ′(1)=0,f (1)=16,即⎩⎪⎨⎪⎧3a +2b =0,a +b =16,解得a =-13,b =12,经检验知,a =-13,b =12满足题设条件.(2)由(1)得f (x )=-13x 3+12x 2,∴f ′(x )=-x 2+x ,∴-x 2+x ≤k ln(x +1)在[0,+∞)上恒成立, 即x 2-x +k ln(x +1)≥0在x ∈[0,+∞)上恒成立, 设g (x )=x 2-x +k ln(x +1),则g (0)=0,g ′(x )=2x -1+kx +1=2x 2+x +k -1x +1,x ∈[0,+∞),设h (x )=2x 2+x +k -1,①当Δ=1-8(k -1)≤0,即k ≥98时,h (x )≥0,∴g ′(x )≥0,g (x )在[0,+∞)上单调递增, ∴g (x )≥g (0)=0,即当k ≥98时,满足题设条件.②当Δ=1-8(k -1)>0,即k <98时,设x 1,x 2是方程2x 2+x +k -1=0的两个实根,且x 1<x 2,由x 1+x 2=-12可知,x 1<0,由题设可知,当且仅当x 2≤0,即x 1·x 2≥0,即k -1≥0,即k ≥1时,对任意的x ∈[0,+∞)有h (x )≥0,即g ′(x )≥0在[0,+∞)上恒成立, ∴g (x )在[0,+∞)上单调递增,∴g (x )≥g (0)=0,∴当1≤k <98时,也满足条件,综上,k 的取值范围为[1,+∞),∴实数k 的最小值为1.真题体验1.(2017·浙江改编)函数y =f (x )的导函数y =f ′(x )的图象如图所示,则函数y =f (x )的图象可能是________.(填序号)答案 ④解析 观察导函数f ′(x )的图象可知,f ′(x )的函数值从左到右依次为小于0,大于0,小于0,大于0, ∴对应函数f (x )的增减性从左到右依次为减、增、减、增. 观察图象可知,排除①,③.如图所示,f ′(x )有3个零点,从左到右依次设为x 1,x 2,x 3,且x 1,x 3是极小值点,x 2是极大值点,且x 2>0,故④正确.2.(2017·全国Ⅱ改编)若x =-2是函数f (x )=(x 2+ax -1)·e x -1的极值点,则f (x )的极小值为________.答案 -1解析 函数f (x )=(x 2+ax -1)e x -1,则f ′(x )=(2x +a )e x -1+(x 2+ax -1)ex -1=ex -1[x 2+(a +2)x +a -1].由x =-2是函数f (x )的极值点,得f ′(-2)=e -3(4-2a -4+a -1)=(-a -1)e -3=0,所以a =-1,所以f (x )=(x 2-x -1)ex -1,f ′(x )=e x -1(x 2+x -2).由ex -1>0恒成立,得当x =-2或x =1时,f ′(x )=0,且x <-2时,f ′(x )>0;当-2<x <1时,f ′(x )<0;当x >1时,f ′(x )>0.所以x =1是函数f (x )的极小值点. 所以函数f (x )的极小值为f (1)=-1.3.(2017·山东改编)若函数e xf (x )(e =2.718 28…是自然对数的底数)在f (x )的定义域上单调递增,则称函数f (x )具有M 性质,下列函数中具有M 性质的是______.(填序号) ①f (x )=2-x;②f (x )=x 2;③f (x )=3-x;④f (x )=cos x . 答案 ①解析 若f (x )具有性质M ,则[e xf (x )]′=e x[f (x )+f ′(x )]>0在f (x )的定义域上恒成立,即f (x )+f ′(x )>0在f (x )的定义域上恒成立.对于①式,f (x )+f ′(x )=2-x-2-xln 2=2-x(1-ln 2)>0,符合题意. 经验证,②③④均不符合题意.故填①.4.(2017·全国Ⅰ)曲线y =x 2+1x在点(1,2)处的切线方程为________.答案 y =x +1解析 ∵y ′=2x -1x2,∴y ′|x =1=1,即曲线在点(1,2)处的切线的斜率k =1,∴切线方程为y -2=x -1,即x -y +1=0. 押题预测1.设函数y =f (x )的导函数为f ′(x ),若y =f (x )的图象在点P (1,f (1))处的切线方程为x -y +2=0,则f (1)+f ′(1)等于( )A .4B .3C .2D .1押题依据 曲线的切线问题是导数几何意义的应用,是高考考查的热点,对于“过某一点的切线”问题,也是易错易混点. 答案 A解析 依题意有f ′(1)=1,1-f (1)+2=0,即f (1)=3, 所以f (1)+f ′(1)=4.2.已知函数f (x )=x 3+ax 2+bx -a 2-7a 在x =1处取得极大值10,则a b的值为( ) A .-23 B .-2C .-2或-23 D .2或-23押题依据 函数的极值是单调性与最值的“桥梁”,理解极值概念是学好导数的关键.极值点、极值的求法是高考的热点. 答案 A解析 由题意知f ′(x )=3x 2+2ax +b ,f ′(1)=0,f (1)=10,即⎩⎪⎨⎪⎧3+2a +b =0,1+a +b -a 2-7a =10,解得⎩⎪⎨⎪⎧a =-2,b =1或⎩⎪⎨⎪⎧a =-6,b =9,经检验⎩⎪⎨⎪⎧a =-6,b =9满足题意,故a b =-23.3.已知函数f (x )=x 2-ax +3在(0,1)上为减函数,函数g (x )=x 2-a ln x 在(1,2)上为增函数,则a 的值等于________. 押题依据 函数单调性问题是导数最重要的应用,体现了“以直代曲”思想,要在审题中搞清“在(0,1)上为减函数”与“函数的减区间为(0,1)”的区别. 答案 2解析 ∵函数f (x )=x 2-ax +3在(0,1)上为减函数, ∴a2≥1,得a ≥2.又∵g ′(x )=2x -a x,依题意g ′(x )≥0在x ∈(1,2)上恒成立,得2x 2≥a 在x ∈(1,2)上恒成立,有a ≤2,∴a =2. 4.已知函数f (x )=x -1x +1,g (x )=x 2-2ax +4,若对任意x 1∈[0,1],存在x 2∈[1,2],使f (x 1)≥g (x 2),则实数a 的取值范围是__________.押题依据 不等式恒成立或有解问题可以转化为函数的值域解决.考查了转化与化归思想,是高考的一个热点.答案 ⎣⎢⎡⎭⎪⎫94,+∞ 解析 由于f ′(x )=1+1(x +1)2>0,因此函数f (x )在[0,1]上单调递增,所以当x ∈[0,1]时,f (x )min =f (0)=-1. 根据题意可知存在x ∈[1,2], 使得g (x )=x 2-2ax +4≤-1,即x 2-2ax +5≤0,即a ≥x 2+52x 成立,令h (x )=x 2+52x,则要使a ≥h (x )在x ∈[1,2]能成立,只需使a ≥h (x )min ,又函数h (x )=x 2+52x在x ∈[1,2]上单调递减,所以h (x )min =h (2)=94,故只需a ≥94.A 组 专题通关1.(2017届河北省衡水中学六调)已知函数f (x )=12x 2sin x +x cos x ,则其导函数f ′(x )的图象大致是( )答案 C解析 ∵f (x )=12x 2sin x +x cos x ,∴f ′(x )=12x 2cos x +cos x,∴f ′(-x )=12(-x )2cos(-x )+cos(-x )=12x 2cos x +cos x =f ′(x ),∴其导函数f ′(x ) 为偶函数,图象关于y 轴对称,故排除A ,B ,又f ′(0)=1,排除D ,故选C.2.(2017届山西省怀仁县第一中学期末)已知a ∈R ,函数f (x )=e x +a e -x的导函数是f ′(x ),且f ′(x )是奇函数,若曲线y =f (x )的一条切线的斜率是32,则切点的横坐标为( )A .ln 2B .-ln 2C.ln 22 D .-ln 22答案 A解析 对f (x )=e x +a e -x 求导,得f ′(x )=e x -a e -x.又f ′(x )是奇函数,故f ′(0)=1-a =0,解得a =1,故有f ′(x )=e x-e -x,设切点为(x 0,y 0),则f ′(x 0)=e 0x -ex -=32,得e 0x =2或e 0x=-12(舍去),得x 0=ln 2,故选A. 3.(2017届内蒙古包头市十校联考)已知函数F (x )=xf (x ),f (x )满足f (x )=f (-x ),且当x ∈(-∞,0]时,f ′(x )<0成立,若a =20.1·f (20.1),b =ln 2·f (ln 2),c =log 218·f⎝⎛⎭⎪⎫log 218,则a ,b ,c 的大小关系是( ) A .a >b >c B .c >a >b C .c >b >a D .a >c >b 答案 C解析 F (-x )=(-x )f (-x )=-xf (x )=-F (x ),即函数F (x )是奇函数,并且当x ∈(-∞,0]时,f ′(x )<0,即当x ∈(-∞,0]时,F (x )是单调递减函数,所以在R 上函数F (x )是单调递减函数,a =F (20.1),b =F (ln 2),c =F ⎝⎛⎭⎪⎫log 218,20.1>1,0<ln 2<1,log 218=-3,所以20.1>ln 2>log 218,所以a <b <c ,故选C.4.设a ∈R ,若函数y =e ax+3x ,x ∈R 有大于零的极值点,则( ) A .a >-3 B .a <-3C .a >-13 D .a <-13答案 B解析 y ′=a e ax+3=0在(0,+∞)上有解,即a e ax=-3,∵e ax>0,∴a <0.又当a <0时,0<e ax<1,要使a e ax=-3,则a <-3,故选B.5.(2017届河北省衡水中学调研)已知函数f (x )=a x +x ln x ,g (x )=x 3-x 2-5,若对任意的x 1,x 2∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2,都有f (x 1)-g (x 2)≥2成立,则实数a 的取值范围是( )A .[1,+∞)B .(0,+∞)C .(-∞,0)D .(-∞,-1]答案 A解析 g (x )=x 3-x 2-5 ,g ′(x )=3x ⎝ ⎛⎭⎪⎫x -23 ,由上表可知,g (x ) 在x =2 处取得最大值, 即g ()x max =g (2)=-1,所以当x ∈⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2时,f (x )=a x +x ln x ≥1恒成立,等价于a ≥x -x 2ln x 恒成立,记u (x )=x -x 2ln x ,所以a ≥u ()x max ,u ′(x )=1-x -2x ln x ,可知u ′(1)=0,当x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫12,1时,1-x >0,2x ln x <0 , 则u ′(x )>0,所以u (x ) 在x ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫12,1上单调递增; 当x ∈(1,2)时,1-x <0,2x ln x >0,则u ′(x )<0, 所以u (x )在()1,2 上单调递减.故当x =1时,函数u (x )在区间⎣⎢⎡⎦⎥⎤12,2上取得最大值u (1)=1 , 所以a ≥1,即实数a 的取值范围是[1,+∞) ,故选A.6.(2017届重庆市第一中学月考)已知直线x -y +1=0与曲线y =ln x +a 相切,则a 的值为___. 答案 2解析 y =ln x +a 的导数为y ′=1x,设切点P (x 0,y 0),则y 0=x 0+1,y 0=ln x 0+a .又切线方程x -y +1=0的斜率为1,即1x 0=1,解得x 0=1,则y 0=2,a =y 0-ln x 0=2.7.(2017届辽宁省沈阳市郊联体期末)f (x )=23x 3-x 2+ax -1,已知曲线存在两条斜率为3的切线,且切点的横坐标都大于零,则实数a 的取值范围为________.答案 ⎝ ⎛⎭⎪⎫3,72 解析 原题等价于方程f ′(x )-3=0有两个大于零的实数根. 因为f (x )=23x 3-x 2+ax -1,所以f ′(x )=2x 2-2x +a ,所以f ′(x )-3=0,即2x 2-2x +a -3=0, 设g (x )=2x 2-2x +a -3,要使方程g (x )=0有两个大于零的实数根需要满足⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,g (0)>0,即⎩⎪⎨⎪⎧22-4×2×(a -3)>0,a -3>0,解得3<a <72.所以a 的取值范围为⎝ ⎛⎭⎪⎫3,72. 8.(2017届重庆模拟)已知x =0是函数f (x )=(x -2a )·(x 2+a 2x +2a 3)的极小值点,则实数a 的取值范围是__________. 答案 a >2或a <0解析 因为f (x )=x 3+(a 2-2a )x 2-4a 4,所以令f ′(x )=3x 2+2(a 2-2a )x =3x ⎣⎢⎡⎦⎥⎤x +2(a 2-2a )3=0,可得函数f (x )=x 3+(a 2-2a )x 2-4a 4的两个极值点分别为x =0,x =-2(a 2-2a )3,由题意得2(a 2-2a )3>0,即a 2-2a >0,解得a <0或a >2.9.(2017届西安模拟)定义1:若函数f (x )在区间D 上可导,即f ′(x )存在,且导函数f ′(x )在区间D 上也可导,则称函数f (x )在区间D 上存在二阶导数,记作f ″(x ),即f ″(x )=[f ′(x )]′.定义2:若函数f (x )在区间D 上的二阶导数为正,即f ″(x )>0恒成立,则称函数f (x )在区间D 上是凹函数. 已知函数f (x )=x 3-32x 2+1在区间D 上为凹函数,则x 的取值范围是________.答案 ⎝ ⎛⎭⎪⎫12,+∞ 解析 f ′(x )=3x 2-3x ,f ″(x )=6x -3, 令f ″(x )>0,得x >12.10.已知函数f (x )=x +aex.(1)若f (x )在区间(-∞,2)上为单调递增函数,求实数a 的取值范围;(2)若a =0,x 0<1,设直线y =g (x )为函数f (x )的图象在x =x 0处的切线,求证:f (x )≤g (x ). (1)解 易得f ′(x )=-x -(1-a )ex,由已知f ′(x )≥0对x ∈(-∞,2)恒成立, 故x ≤1-a 对x ∈(-∞,2)恒成立, ∴1-a ≥2,∴a ≤-1.(2)证明 若a =0,则f (x )=xex .函数f (x )的图象在x =x 0处的切线方程为y =g (x )=f ′(x 0)(x -x 0)+f (x 0). 令h (x )=f (x )-g (x )=f (x )-f ′(x 0)(x -x 0)-f (x 0),x ∈R , 则h ′(x )=f ′(x )-f ′(x 0)=1-x e x -1-x 0e 0x =(1-x )e 0x-(1-x 0)e xe 0x x +. 设φ(x )=(1-x )e 0x -(1-x 0)e x,x ∈R ,则φ′(x )=-ex -(1-x 0)e x,∵x 0<1,∴φ′(x )<0,∴φ(x )在R 上单调递减,又φ(x 0)=0, ∴当x <x 0时,φ(x )>0,当x >x 0时,φ(x )<0, ∴当x <x 0时,h ′(x )>0,当x >x 0时,h ′(x )<0,∴h (x )在区间(-∞,x 0)上为增函数,在区间(x 0,+∞)上为减函数, ∴当x ∈R 时,h (x )≤h (x 0)=0, ∴f (x )≤g (x ).B 组 能力提高11.(2017届衡阳期末)函数f (x )在定义域(0,+∞)内恒满足:①f (x )>0;②2f (x )<xf ′(x )<3f (x ),其中f ′(x )为f (x )的导函数,则( ) A.14<f (1)f (2)<12 B. 116<f (1)f (2)<18 C. 13<f (1)f (2)<12D. 18<f (1)f (2)<14答案 D 解析 令g (x )=f (x )x 2,x ∈(0,+∞), g ′(x )=xf ′(x )-2f (x )x 3,∵∀x ∈(0,+∞),2f (x )<xf ′(x )<3f (x ), ∴f (x )>0,g ′(x )>0,∴函数g (x )在x ∈(0,+∞)上单调递增, ∴g (1)<g (2),即4f (1)<f (2),f (1)f (2)<14. 令h (x )=f (x )x 3,x ∈(0,+∞), h ′(x )=xf ′(x )-3f (x )x 4,∵∀x ∈(0,+∞),2f (x )<xf ′(x )<3f (x ),∴h ′(x )<0,∴函数h (x )在x ∈(0,+∞)上单调递减, ∴h (1)>h (2),即f (1)>f (2)8,18<f (1)f (2), 故选D.12.(2017届湖南长沙雅礼中学月考)已知实数a ,b 满足2a 2-5ln a -b =0,c ∈R ,则(a -c )2+(b +c )2的最小值为( ) A.12 B.22C.322D.92答案 C解析 用x 代换a ,用y 代换b ,则x ,y 满足2x 2-5ln x -y =0,即y =2x 2-5ln x ,以x 代换c ,可得点(x ,-x ),满足x +y =0,所以求解(a -c )2+(b +c )2的最小值即为求解曲线y =2x 2-5ln x 上的点到直线x +y =0的距离的最小值,设直线x +y +m =0与曲线y =2x 2-5ln x 相切于点P (x 0,y 0),则f ′(x )=4x -5x ,则f ′(x 0)=4x 0-5x 0=-1,解得x 0=1,所以切点P (1,2),所以点P 到直线x +y =0的距离为d =|1+2|12+12=322, 故选C.13.已知函数f (x )=12ax 2-(2a +1)x +2ln x (a ∈R ).(1)若曲线y =f (x )在x =1和x =3处的切线互相平行,求a 的值; (2)求f (x )的单调区间;(3)设g (x )=x 2-2x ,若对任意x 1∈(0,2],均存在x 2∈(0,2],使得f (x 1)<g (x 2),求a 的取值范围. 解 (1)f ′(x )=ax -(2a +1)+2x.由题意知,f ′(1)=f ′(3),即a -(2a +1)+2=3a -(2a +1)+23,解得a =23.(2)f ′(x )=(ax -1)(x -2)x(x >0).①当a ≤0时,∵x >0,∴ax -1<0,在区间(0,2)上,f ′(x )>0; 在区间(2,+∞)上,f ′(x )<0, 故f (x )的单调递增区间是(0,2), 单调递减区间是(2,+∞).②当0<a <12时,在区间(0,2)和⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ,+∞上,f ′(x )>0;在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫2,1a 上,f ′(x )<0.故f (x )的单调递增区间是(0,2)和⎝ ⎛⎭⎪⎫1a,+∞,单调递减区间是⎝⎛⎭⎪⎫2,1a .③当a =12时,f ′(x )=(x -2)22x,故f (x )的单调递增区间是(0,+∞).④当a >12时,0<1a <2,在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫0,1a 和(2,+∞)上,f ′(x )>0;在区间⎝ ⎛⎭⎪⎫1a ,2上,f ′(x )<0, 故f (x )的单调递增区间是⎝⎛⎭⎪⎫0,1a 和(2,+∞),单调递减区间是⎝⎛⎭⎪⎫1a,2.(3)由题意知,在(0,2]上有f (x )max <g (x )max , 由已知,得g (x )max =0,由(2)可知, ①当a ≤12时,f (x )在(0,2]上单调递增,故f (x )max =f (2)=2a -2(2a +1)+2ln 2=-2a -2+2ln 2, 所以-2a -2+2ln 2<0,解得a >ln 2-1, 故ln 2-1<a ≤12.②当a >12时,f (x )在⎝ ⎛⎦⎥⎤0,1a 上单调递增,在⎣⎢⎡⎦⎥⎤1a ,2上单调递减,故f (x )max =f ⎝ ⎛⎭⎪⎫1a =-2-12a -2ln a ,由a >12可知,ln a >ln 12>ln 1e =-1,∴2ln a >-2,即-2ln a <2, ∴-2-2ln a <0,∴f (x )max <0, 综上所述,a >ln 2-1.。

2018年 各省市导数试题汇编 (理科)

2018年   各省市导数试题汇编 (理科)

【1】(2018年全国1卷理)已知函数1()ln f x x a x x=-+. (1)讨论()f x 的单调性;(2)若()f x 存在两个极值点12,x x ,证明:()()12122f x f x a x x -<--.【答案】(1)()f x 的定义域为(0,)+∞,21()1a f x x x '=--+.221x ax x-+=- (i )若2a ≤,则()0f x '≤,当且仅当2a =,1x =时()0f x '=,所以()f x 在(0,)+∞单调递减.(ii )若2a >,令()0f x '=得,x =或x =.【解析】(1)当)x ∈+∞U 时,()0f x '<;当x ∈时,()0f x '>.所以()f x在()2a ++∞单调递减,在(22a a -单调递增.(2)由(1)知,()f x 存在两个极值点当且仅当2a >.由于()f x 的两个极值点12,x x 满足210x ax -+=,所以121x x =,不妨设12x x <,则21x >.由于1212()()f x f x x x --121212ln ln 11x x a x x x x -=--+-1212ln ln 2x x a x x -=-+-2222ln 21x a x x -=-+-, 所以1212()()2f x f x a x x -<--等价于22212ln 0x x x -+<.设函数1()2ln g x x x x=-+,由(1)知,()g x 在(0,)+∞单调递减,又(1)0g =,从而当(1,)x ∈+∞时,()0g x <.所以22212ln 0x x x -+<,即1212()()2f x f x a x x -<--.【2】(2018全国二卷理)已知函数2()e x f x ax =-. (1)若1a =,证明:当0x ≥时,()1f x ≥; (2)若()f x 在(0,)+∞只有一个零点,求a .【解析】(1)当1a =时,()1f x ≥等价于2(1)e 10xx -+-≤.设函数2()(1)e1xg x x -=+-,则22()(21)e (1)e x x g'x x x x --=--+=--.当1x ≠时,()0g'x <,所以()g x 在(0,)+∞单调递减. 而(0)0g =,故当0x ≥时,()0g x ≤,即()1f x ≥. (2)设函数2()1e xh x ax -=-.()f x 在(0,)+∞只有一个零点当且仅当()h x 在(0,)+∞只有一个零点.(i )当0a ≤时,()0h x >,()h x 没有零点; (ii )当0a >时,()(2)exh'x ax x -=-.当(0,2)x ∈时,()0h'x <;当(2,)x ∈+∞时,()0h'x >. 所以()h x 在(0,2)单调递减,在(2,)+∞单调递增. 故24(2)1eah =-是()h x 在[0,)+∞的最小值. ①若(2)0h >,即2e 4a <,()h x 在(0,)+∞没有零点;②若(2)0h =,即2e 4a =,()h x 在(0,)+∞只有一个零点;③若(2)0h <,即2e 4a >,由于(0)1h =,所以()h x 在(0,2)有一个零点,由(1)知,当0x >时,2e x x >,所以33342241616161(4)11110e (e )(2)a a a a a h a a a=-=->-=->. 故()h x 在(2,4)a 有一个零点,因此()h x 在(0,)+∞有两个零点.综上,()f x 在(0,)+∞只有一个零点时,2e 4a =.【3】(2018年全国3卷理)已知函数f (x )=(2+x +ax 2)ln (1+x )﹣2x .(1)若a=0,证明:当﹣1<x<0时,f(x)<0;当x>0时,f(x)>0;(2)若x=0是f(x)的极大值点,求a.【解答】(1)证明:当a=0时,f(x)=(2+x)ln(1+x)﹣2x,(x>﹣1).,,可得x∈(﹣1,0)时,f″(x)≤0,x∈(0,+∞)时,f″(x)≥0∴f′(x)在(﹣1,0)递减,在(0,+∞)递增,∴f′(x)≥f′(0)=0,∴f(x)=(2+x)ln(1+x)﹣2x在(﹣1,+∞)上单调递增,又f(0)=0.∴当﹣1<x<0时,f(x)<0;当x>0时,f(x)>0.(2)解:由f(x)=(2+x+ax2)ln(1+x)﹣2x,得f′(x)=(1+2ax)ln(1+x)+﹣2=,令h(x)=ax2﹣x+(1+2ax)(1+x)ln(x+1),h′(x)=4ax+(4ax+2a+1)ln(x+1).当a≥0,x>0时,h′(x)>0,h(x)单调递增,∴h(x)>h(0)=0,即f′(x)>0,∴f(x)在(0,+∞)上单调递增,故x=0不是f(x)的极大值点,不符合题意.当a<0时,h″(x)=8a+4aln(x+1)+,显然h″(x)单调递减,①令h″(0)=0,解得a=﹣.∴当﹣1<x<0时,h″(x)>0,当x>0时,h″(x)<0,∴h′(x)在(﹣1,0)上单调递增,在(0,+∞)上单调递减,∴h′(x)≤h′(0)=0,∴h(x)单调递减,又h(0)=0,∴当﹣1<x<0时,h(x)>0,即f′(x)>0,当x>0时,h(x)<0,即f′(x)<0,∴f(x)在(﹣1,0)上单调递增,在(0,+∞)上单调递减,∴x=0是f(x)的极大值点,符合题意;②若﹣<a<0,则h″(0)=1+6a>0,h″(e﹣1)=(2a﹣1)(1﹣e)<0,∴h″(x)=0在(0,+∞)上有唯一一个零点,设为x0,∴当0<x<x0时,h″(x)>0,h′(x)单调递增,∴h′(x)>h′(0)=0,即f′(x)>0,∴f(x)在(0,x0)上单调递增,不符合题意;③若a<﹣,则h″(0)=1+6a<0,h″(﹣1)=(1﹣2a)e2>0,∴h″(x)=0在(﹣1,0)上有唯一一个零点,设为x1,∴当x1<x<0时,h″(x)<0,h′(x)单调递减,∴h′(x)>h′(0)=0,∴h(x)单调递增,∴h(x)<h(0)=0,即f′(x)<0,∴f(x)在(x1,0)上单调递减,不符合题意.综上,a=﹣.【4】(2018北京理)设函数()2(41)43xf x ax a x a e ⎡⎤=-+++⎣⎦.(Ⅰ)若曲线()y f x =在点()()1,1f 处的切线与x 轴平行,求a ; (Ⅱ)若()f x 在2x =处取得极小值,求a 的取值范围. 【答案】(1)1a =(2)1,2⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭【解析】(Ⅰ)因为()2(41)43x f x ax a x a e⎡⎤=-+++⎣⎦,所以()[]2'241)4143x xax a e ax x fa e x a ⎡⎤=-+++++⎣⎦-(()2–212x ax a x e ⎡++=⎤⎣⎦().()()'11f a e =-.由题设知()'10f =,即()10a e -= ,解得1a =.此时()130f e =≠.所以a 的值为1. (Ⅱ)由(Ⅰ)得()()()2'–21212x xax a x x f x e ax e ⎡⎤++-⎣==-⎦(). 若12a >,则当1,2x a ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时,()'0f x <;当()2,x ∈+∞时,()'0f x >.所以()f x 在2x =处取得极小值. 若12a ≤,则当()0,2x ∈时,1–201102x ax x <-≤-<,, 所以()'0fx >.所以2不是()f x 的极小值点.综上可知,a 的取值范围是1,2⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭. 【5】.(2018年天津理)已知函数xa x f =)(,x x g a log )(=,其中1>a .(I )求函数a x x f x h ln )()(-=的单调区间;(II )若曲线)(x f y =在点))(,(11x f x 处的切线与曲线)(x g y =在点))(,(22x g x 处的切线平行,证明aax g x ln ln ln 2)(21-=+; (III )证明当e e a 1≥时,存在直线l ,使l 是曲线)(x f y =的切线,也是曲线)(x g y =的切线.【答案】(Ⅰ)单调递减区间)0,(-∞,单调递增区间为)0(∞+,;(Ⅱ)证明见解析;(Ⅲ)证明见解析.【解析】(I )由已知,a x a x h xln )(-=,有a a a x h xln ln )(-='. 令0)(='x h ,解得0=x由1>a ,可知当x 变化时,)(x h ',)(x h 的变化情况如下表:极小值所以函数)(x h 的单调递减区间为)0,(-∞,单调递增区间为)0(∞+,. (II )由a a x f xln )(=',可得曲线)(x f y =在点))(,(11x f x 处的切线斜率为a a x ln 1.由a x x g ln 1)(=',可得曲线)(x g y =在点))(,(22x g x 处的切线斜率为a x ln 12. 因为这两条切线平行,故有ax a a x ln 1ln 21=,即1)(ln 222=a a x x .两边取以a 为底的对数,得0ln log 2log 212=++a x x a ,所以aax g x ln ln ln 2)(21-=+. (III )曲线)(x f y =在点),(11x a x 处的切线.)(ln :1111x x a a a y l xx -⋅=-曲线)(x g y =在点)log ,(22x x a 处的切线)(ln 1log :2222x x ax x y l a -⋅=- 要证明当e e a 1≥时,存在直线l ,使l 是曲线)(x f y =的切线,也是曲线)(x g y =的切线, 只需证明当e e a 1≥时,存在),(1+∞-∞∈x ,),0(2+∞∈x ,使得1l 和2l 重合.即只需证明当e e a 1≥时,方程组1112121ln ln 1ln log ln x x x a a a x a a x a a x a ⎧=⎪⎪⎨⎪-=-⎪⎩有解,由①得22)(ln 11a a x x =,代入②,得.0ln ln ln 2ln 1ln 1111=+++-aa a x a a x a x x ③ 因此,只需证明当e e a 1≥时,关于1x 的方程③存在实数解. 设函数aaa x a xa a x u xx ln ln ln 2ln 1ln )(+++-=, 即要证明当e e a 1≥时,函数)(x u y =存在零点.x xa a x u 2)(ln 1)(-=',可知)0,(-∞∈x 时,0)(>'x u ; ),0(+∞∈x 时,)(x u '单调递减,又01)0(>='u ,01])(ln 1[2)(ln 12<-='a a a u , 故存在唯一的0x ,且00>x ,使得0)(0='x u ,即0)(ln 1002=-x a x a .由此可得)(x u 在),(0x -∞上单调递增,在)(0∞+,x 上单调递减. )(x u 在0x x =处取得极大值)(0x u .因为e e a 1≥,故1)ln(ln -≥a , 所以.0ln ln ln 22ln ln ln 2)(ln 1ln ln ln 2ln 1ln )(02000000≥+≥++=+++-=aaa a x a x a a a x a a x a x u x x 下面证明存在实数t ,使得0)(<t u . 由(I )可得a x a x ln 1+≥,当ax ln 1>时, 有aaa x a x a x x u ln ln ln 2ln 1)ln 1)(ln 1()(+++-+≤ aaa x x a ln ln ln 2ln 11)(ln 22++++-=, 所以存在实数t ,使得0)(<t u因此,当e e a 1≥时,存在),(1+∞-∞∈x ,使得0)(1=x u .所以,当e e a 1≥时,存在直线l ,使l 是曲线)(x f y =的切线,也是曲线)(x g y =的切线. 【6】.(2018年浙江)已知函数()f x lnx =(Ⅰ)若()f x 在1212()x x x x x =≠,处导数相等,证明:12()()882f x f x ln +>- (Ⅱ)若342a ln ≤-,证明:对于任意0k >,直线y kx a =+与曲线()y f x =有唯一公共点.【答案】(Ⅰ)略 (Ⅱ)略【解析】(Ⅰ)函数()f x的导函数1()f x x', 由12()()f x f x ''=1211x x =-, 因为12x x ≠12=.因为12x x ≠,所以12256x x >.由题意得121212()()ln ln ln()f x f x x x x x +=.设()ln g x x =,则1()4)4g x x'=, 所以所以()g x 在[256,)+∞上单调递增, 故12()(256)88ln 2g x x g >=-, 即12()()88ln 2f x f x +>-. (Ⅱ)令m =()e a k -+,n =21()1a k++,则()0f m km a a k k a -->+--≥, ))0()a n k n k n f n kn a -≤--<<- 所以,存在0(,)x m n ∈使00)(f x kx a =+所以,对于任意的a ∈R 及(0,)k ∈+∞,直线y kx a =+与曲线()y f x =有公共点.由y kx a =+得k =设()h x =则'22ln 1()12()x ag x a h x x x --+--+==,其中()ln g x x -.(0,)+∞由(Ⅰ)可知()(16)g x g ≥,又342a ln ≤-,故–()1(16)134ln 20g x a g a a -+≤--+=-++≤,所以()0h x '≤,即函数()h x 在上单调递减,因此方程()0f x kx a --=至多1个实根.综上,当342a ln ≤-时,对于任意0k >,直线y kx a =+与曲线()y f x =有唯一公共点.【7】 (2018年江苏卷)记()(),f x g x ''分别为函数()(),f x g x 的导函数.若存在0x R ∈,满足()()00f x g x =且()()00f x g x ''=,则称0x 为函数()f x 与()g x 的一个“S 点”. 1.证明:函数()f x x =与()222g x x x =+-不存在“S 点”. 2.若函数()21f x ax =-与()ln g x x =存在“S 点”,求实数a 的值.3.已知函数()()2,xbe f x x a g x x=-+=,对任意0a >,判断是否存在0b >,使函数()f x 与()g x 在区间()0,+∞内存在“S 点”,并说明理由.【解析】1. ()()1,22f x g x x ''==+,若存在,则有2000022122x x x x ⎧+-=⎨=+⎩,矛盾,因此不存在.2. ()()12,f x ax g x x ''==根据题意有()()200001ln 1122ax x ax x ⎧-=⋅⋅⋅⎪⎨=⋅⋅⋅⎪⎩且有00x >,根据()2得0x =,代入()1得2ea =;3. ()()2(1)2,x be x f x x g x x -''=-=,根据题意有()()()0202000201122x x be x a x be x x x ⎧-+=⋅⋅⋅⎪⎪⎨-⎪-=⋅⋅⋅⎪⎩,根据()2有0200020011x x be x x -=>⇒<<-,转化为22000201x x a x -++=-,001x <<,()3220000120x x a x x ∴-++-+=()()320000310m x x x a x ⇒=-++-=,转化为()m x 存在零点0x ,又()()00,12m a m =-<=,∴恒存在零点大于0小于1,∴对任意0a >均存在0b >,使得存在“S 点”.【8】(2018年江苏卷)设{}n a 是首项为1a ,公差为d 的等差数列,{}n b 是首项1b ,公比为q 的等比数列.1.设10a =,11b =,2q =,若1n n a b b -≤对1,2,3,4n =均成立,求d 的取值范围.2.若110a b =>,*m N ∈,(q ∈,证明:存在d R ∈,使得1n n a b b -≤对2,3,,1n m =⋅⋅⋅+均成立,并求d 的取值范围(用1,,b m q 表示).【答案】1.由题意得1n n a b -≤对任意1,2,3,4n =均成立,故当10a =,121q b ==时,可得01121241381d d d ⎧-≤⎪-≤⎪⎨-≤⎪⎪-≤⎩即1335227532d d d ⎧⎪≤≤⎪⎪≤≤⎨⎪⎪≤≤⎪⎩,所以7532d ≤≤; 2.因为110a b =>,1n n a b b -≤对2,3,1n m =⋅⋅⋅+均能成立,把,n n a b 代入可得()()111112,3,1n b n d b q b n m -+--⋅≤=⋅⋅⋅+化简可得()()111111122222202,3,1111n n n m b q b b b q n n n m n n n ---⎛⎫⋅-=-+=-+≤=⋅⋅⋅+ ⎪---⎝⎭,因为(q ∈,所以()122,2222,3,1n m n n m -≤-≤-=⋅⋅⋅+, 而()1102,3,11n b q n m n -⋅>=⋅⋅⋅+-,所以存在d R ∈,使得1n n a b b -≤对2,3,1n m =⋅⋅⋅+均成立,当1m =时,)112b d ≤≤; 当2m ≥时,设111n n b q c n -⋅=-,则()()()11111112,3,,11n n n n n q n q b q b q c c b q n m n n n n --+--⋅⋅-=-=⋅⋅=⋅⋅⋅--,设()()1f n q n q =--,因为10q ->,所以()f n单调递增,又因为(q ∈,所以()()()()111112111m m f m q m q m m m m ⎛⎫ ⎪⎫=--≤-⋅=-- ⎪⎪-⎭ ⎪-⎝⎭,设11,0,2x x m ⎛⎤=∈ ⎥⎝⎦,且设()121x g x x =+-,那么()()212ln 1x g x x x '=⋅--,因为()22ln ln ,14x x x x ⋅≤-≥,所以()()212ln 01x g x x x '=⋅-<-在10,2x ⎛⎤∈ ⎥⎝⎦上恒成立,即()f x 单调递增.所以()g x的最大值为1202g ⎛⎫=< ⎪⎝⎭,所以()0f m <,所以()0f n <对2n m ≤≤均满足,所以{}n c 单调递减,所以1112,m b q d b q b m ⎡⎤⋅∈⋅-⎢⎥⎣⎦。

2018年全国统一高考数学试卷(理科)(新课标ⅲ)(含解析版)

2018年全国统一高考数学试卷(理科)(新课标ⅲ)(含解析版)

2018年全国统一高考数学试卷(理科)(新课标Ⅲ)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.(5分)已知集合A={x|x﹣1≥0},B={0,1,2},则A∩B=()A.{0}B.{1}C.{1,2}D.{0,1,2} 2.(5分)(1+i)(2﹣i)=()A.﹣3﹣i B.﹣3+i C.3﹣i D.3+i3.(5分)中国古建筑借助榫卯将木构件连接起来.构件的凸出部分叫榫头,凹进部分叫卯眼,图中木构件右边的小长方体是榫头.若如图摆放的木构件与某一带卯眼的木构件咬合成长方体,则咬合时带卯眼的木构件的俯视图可以是()A.B.C.D.4.(5分)若sinα=,则cos2α=()A.B.C.﹣D.﹣5.(5分)(x2+)5的展开式中x4的系数为()A.10B.20C.40D.806.(5分)直线x+y+2=0分别与x轴,y轴交于A,B两点,点P在圆(x﹣2)2+y2=2上,则△ABP面积的取值范围是()A.[2,6]B.[4,8]C.[,3]D.[2,3] 7.(5分)函数y=﹣x4+x2+2的图象大致为()A.B.C.D.<P(X=6),则p=()9.(5分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.若△ABC的面积为,则C=()A.B.C.D.10.(5分)设A,B,C,D是同一个半径为4的球的球面上四点,△ABC为等边三角形且面积为9,则三棱锥D﹣ABC体积的最大值为()A.12B.18C.24D.5411.(5分)设F1,F2是双曲线C:﹣=1(a>0.b>0)的左,右焦点,O是坐标原点.过F2作C的一条渐近线的垂线,垂足为P,若|PF1|=|OP|,则C的离心率为()A.B.2C.D.12.(5分)设a=log2A.a+b<ab<0B.ab<a+b<0C.a+b<0<ab D.ab<0<a+b 二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。

2018年高考理科数学江苏卷(含答案解析)

2018年高考理科数学江苏卷(含答案解析)

数学试卷 第1页(共26页) 数学试卷 第2页(共26页)绝密★启用前江苏省2018年普通高等学校招生全国统一考试数 学本试卷共160分.考试时长120分钟.参考公式:锥形的体积公式13V Sh =,其中S 是椎体的底面积,h 是椎体的高。

一、填空题:本大题共14小题,每小题5分,共计70分. 1.已知集合{0,1,2,8}A =,{1,1,6,8}B =-,那么AB = .2.若复数z 满足i 12i z =+,其中i 是虚数单位,则z 的实部为 .3.已知5位裁判给某运动员打出的分数的茎叶图如图所示,那么这5位裁判打出的分数的平均数为 .4.一个算法的伪代码如图所示,执行此算法,最后输出的S 的值为 .5.函数()f x =的定义域为 .6.某兴趣小组有2名男生和3名女生,现从中任选2名学生去参加活动,则恰好选中2名女生的概率为 .7.已知函数ππsin(2)()22y x ϕϕ=+-<<的图象关于直线π3x =对称,则ϕ的值是 .8.在平面直角坐标系xOy 中,若双曲线22221(0)x y a b a b-=>>0,的右焦点(,0)F c 到一条,则其离心率的值是 .9.函数()f x 满足(4)()()f x f x x +=∈R ,且在区间(2,2]-上,()cos (2)2102x x f x x x π⎧⎪⎪=⎨⎪+⎪⎩0<≤,(-2<≤),,则((15))f f 的值为 . 10.如图所示,正方体的棱长为2,以其所有面的中心为顶点的多面体的体积为 .11.若函数32()21()f x x ax a =-+∈R 在(0,)+∞内有且只有一个零点,则()f x 在[1,1]-上的最大值与最小值的和为 .12.在平面直角坐标系xOy 中,A 为直线:2l y x =上在第一象限内的点,点(5,0)B ,以AB 为直径的圆C 与直线l 交于另一点D .若0AB CD =,则点A 的横坐标为 .13.在ABC △中,角A ,B ,C 所对应的边分别为a ,b ,c ,120ABC ∠=,ABC ∠的平分线交AC 于点D ,且1BD =,则4a c +的最小值为 .14.已知集合{21,}A x x n n ==-∈*N ,{2,}n B x x n ==∈*N .将AB 的所有元素从小到大依次排列构成一个数列{}n a ,记n S 为数列{}n a 的前n 项和,则使得112n n S a +>成立的n 的最小值为 .毕业学校_____________ 姓名________________ 考生号________________ ________________ _____________-------------在--------------------此--------------------卷--------------------上--------------------答--------------------题--------------------无--------------------效----------------数学试卷 第3页(共26页) 数学试卷 第4页(共26页)二、解答题:本大题共6小题,共计90分,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.15.(本小题满分14分)在平行六面体1111ABCD A B C D -中,1AA AB =,111AB B C ⊥. 求证:(Ⅰ)AB ∥平面11A B C ; (Ⅱ)平面11ABB A ⊥平面1A BC .16.(本小题满分14分)已知α,β为锐角,4tan 3α=,cos()αβ+=.(Ⅰ)求cos2α的值; (Ⅱ)求tan()αβ-的值.数学试卷 第5页(共26页) 数学试卷 第6页(共26页)17.(本小题满分14分)某农场有一块农田,如图所示,它的边界由圆O 的一段圆弧MPN (P 为此圆弧的中点)和线段MN 构成,已知圆O 的半径为40米,点P 到MN 的距离为50米.现规划在此农田上修建两个温室大棚,大棚Ⅰ内的地块形状为矩形ABCD ,大棚Ⅱ内的地块形状为CDP △,要求点A ,B 均在线段MN 上,C ,D 均在圆弧上.设OC 与MN 所成的角为θ.(Ⅰ)用θ分别表示矩形ABCD 和CDP △的面积,并确定sin θ的取值范围; (Ⅱ)若大棚Ⅰ内种植甲种蔬菜,大棚Ⅱ内种植乙种蔬菜,且甲、乙两种蔬菜的单位面积年产值之比为4:3.求当θ为何值时,能使甲、乙两种蔬菜的年总产值最大.18.(本小题满分16分)如图,在平面直角坐标系xOy 中,椭圆C过点1)2,焦点1(F,2F ,圆O 的直径为12F F .(Ⅰ)求椭圆C 及圆O 的方程;(Ⅱ)设直线l 与圆O 相切于第一象限内的点P .①若直线l 与椭圆C 有且只有一个公共点,求点P 的坐标; ②直线l 与椭圆C 交于A ,B 两点.若OAB △,求直线l 的方程.-------------在--------------------此--------------------卷--------------------上--------------------答--------------------题--------------------无--------------------效----------------毕业学校_____________ 姓名________________ 考生号________________ ________________ _____________数学试卷 第7页(共26页) 数学试卷 第8页(共26页)19.(本小题满分16分)记()f x ',()g x '分别为函数()f x ,()g x 的导函数.若存在0x ∈R ,满足00()()f x g x =且00()()f x g x ''=,则称0x 为函数()f x 与()g x 的一个“S 点”.(Ⅰ)证明:函数()f x x =与2()22g x x x =+-不存在“S 点”; (Ⅱ)若函数2()1f x ax =-与()ln g x x =存在“S 点”,求实数a 的值;(Ⅲ)已知函数2()f x x a =-+,e ()xb g x x=.对任意0a >,判断是否存在0b >,使函数()f x 与()g x 在区间(0,)+∞内存在“S 点”,并说明理由.20.(本小题满分16分)设{}n a 是首项为1a ,公差为d 的等差数列,{}n b 是首项1b ,公比为q 的等比数列. (Ⅰ)设10a =,11b =,2q =若1||n n a b b -≤对1,2,3,4n =均成立,求d 的取值范围; (Ⅱ)若110a b =>,m ∈*N,q ∈,证明:存在d ∈R ,使得1||n n a b b -≤对2,3,1n m =+…,均成立,并求d 的取值范围(用1b ,m ,q 表示).数学试卷 第9页(共26页) 数学试卷 第10页(共26页)数学Ⅱ(附加题)本试卷均为非选择题(第21题~第23题). 本卷满分40分,考试时间为30分钟.21.【选做题】本题包括A ,B ,C ,D 四小题,请选定其中两小题并作答...........,若多做,则按作答的前两小题评分、解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。

2018年全国卷理科数学十年真题分类汇编 导数

2018年全国卷理科数学十年真题分类汇编 导数

2018年全国卷理科数学十年真题分类汇编导数一.基础题组1.【2010新课标,理3】曲线 $y=\frac{x}{x+2}$ 在点(-1,-1)处的切线方程为()A。

$y=2x+1$。

B。

$y=2x-1$C。

$y=-2x-3$。

D。

$y=-2x-2$答案】A2.【2008全国1,理6】若函数 $y=f(x-1)$ 的图像与函数$y=\ln x+1$ 的图像关于直线 $y=x$ 对称,则 $f(x)=\_\_\_$A。

$e^{2x}-1$。

B。

$e^{2x}$C。

$e^{2x}+1$。

D。

$e^{2x}+2$答案】B.解析】由 $y=\ln x+1 \Rightarrow x=e。

f(x-1)=e^{2(x-1)}。

f(x)=e^{2x}$。

因为 $y=f(x-1)$ 的图像与 $y=\ln x+1$ 的图像关于直线 $y=x$ 对称,所以 $f(x)$ 的图像也与 $y=\ln x+1$ 的图像关于直线 $y=x$ 对称。

因此,$f(x)$ 的图像为 $y=\ln x-1$ 的图像上下平移一定距离得到。

所以 $f(x)$ 的图像单调性与 $y=\ln x+1$ 相同。

即在 $(-\infty,0)$ 上单调递减,在$(0,+\infty)$ 上单调递增。

3.【2012全国,理21】已知函数 $f(x)$ 满足$f(x)=f'(1)e^{x-1}$。

1)求 $f(x)$ 的解析式及单调区间;2)若 $f(x) \geq -\frac{f(0)x}{2}+\frac{1}{2}x^2+ax+b$,求$(a+1)b$ 的最大值。

解析】(1)由已知得 $f'(x)=f'(1)e^{x-1}-f(0)+1$。

所以$f'(1)=f'(1)-f(0)+1$,即 $f(0)=1$。

又 $f(0)=f'(1)e^{0-1}$,所以$f'(1)=e$。

从而 $f(x)=e^{x-1}+x-\frac{1}{2}$。

高考数学导数及应用专题训练100题(WORD版含答案)

高考数学导数及应用专题训练100题(WORD版含答案)

高考数学导数及应用专题训练100题(WORD 版含答案)一、选择题1.设r 是方程f (x )=0的根,选取x 0作为r 的初始近似值,过点(x 0,f (x 0))做曲线y =f (x )的切线l ,l 的方程为y =f (x 0)+0()f x '(x -x 0),求出l 与x 轴交点的横坐标x 1=x 0-00()()f x f x ',称x 1为r 的一次近似值。

过点(x 1,f (x 1))做曲线y =f (x )的切线,并求该切线与x 轴交点的横坐标x 2=x 1-11()()f x f x ',称x 2为r 的二次近似值。

重复以上过程,得r 的近似值序列,其中,1n x +=n x -()()n n f x f x ',称为r 的n +1次近似值,上式称为牛顿迭2x -6=0的一个根,若取x 0=2作为r 的初始近似值,则在保留A .2.4494B .2.4495C .2.4496D .2.4497 2.已知函数f (x )的导函数为f '(x ),且满足f (x )=2x 2﹣f (﹣x ).当x ∈(﹣∞,0)时,f '(x )<2x ;若f (m +2)﹣f (﹣m )≤4m +4,则实数m 的取值范围是( ) A .(﹣∞,﹣1] B .(﹣∞,﹣2] C .[﹣1,+∞) D .[﹣2,+∞)3.函数f (x )=x 3+ax ﹣2在区间[1,+∞)内是增函数,则实数a 的取值范围是( ) A .[3,+∞) B .[﹣3,+∞) C .(﹣3,+∞) D .(﹣∞,﹣3)4.设()x x e e x f sin 1sin 1-++=,1x 、⎥⎦⎤⎢⎣⎡-∈2,22ππx ,且)()(21x f x f >,则下列结论必成立的是A. 1x >2xB. 1x +2x >0C. 1x <2xD.21x >22x 5.已知各项均为正数的等比数列{a n },253=⋅a a ,若)())(()(721a x a x a x x x f -⋅⋅⋅--=,则)0('f =________A .28B .28-C .128D .-1286.已知二次函数()21f x ax bx =++的导函数为()()','00,()f x f f x >与x 轴恰有一个交点则使()()1'0f kf ≥恒成立的实数k 的取值范围为( ) A .2k ≤ B .2k ≥ C.52k ≤ D .52k ≥ 7.已知函数()22ln f x ax x x =-+有两个不同的极值点x 1,x 2,若不等式()()12f x f x λ>+恒成立,则实数λ的取值范围是( ).A.[-3,+∞)B.(3,+∞)C. [-e ,+∞)D.(e,+∞) 8.已知函数)(x f 在)2,0(π上单调递减,)('x f 为其导函数,若对任意)2,0(π∈x 都有x x f x f tan )('<)(,则下列不等式一定成立的是A. )6(2>)3(ππf fB. )6(26>)4(ππf f C.)6(26>)3(ππf f D. )6(3>)4(ππf f9.在右图算法框图中,若dx x a ⎰-=3)12(,程序运行的结果S 为二项式5)2(x +的展开式中3x 的系数的9倍,那么判断框中应填入的关于k 的判断条件是( )A .3k <B .3>kC .2<kD .2>k 10.已知函数()xe f x x=(e 为自然对数的底数),()g x mx =,若()()f x g x >在(0,+∞)上恒成立,则实数m 的取值范围是( )A . (-∞,2)B .(-∞,e ) C. 2(,)4e -∞ D .2(,)4e +∞11.如图,在正方形区域内任取一点,则此点取自阴影部分的概率是1B.)241πC.)241πD.1612.若函数51()ln(1)2(1)f x x ax a x =++-+在(0,1)上为增函数,则a 的取值范围为( )A .1(,0),24⎡⎤-∞⎢⎥⎣⎦ B .1[1,0),12⎡⎤-⎢⎥⎣⎦C.1[1,0)(0,]4- D .1(,0)[,1]2-∞ 13.已知函数()ln 2x axf x x-=,若有且仅有一个整数k ,使得()1f k >,则实数a 的取值范围是( ) A. (1,3]B.1111ln 2,ln 34262⎡⎫--⎪⎢⎣⎭C.11ln 21,ln 3123⎡⎫--⎪⎢⎣⎭D.11,1e e ⎛⎤-- ⎥⎝⎦14.若函数()sin2xxf x e ex -=-+,则满足()()2210f x f x -+>的x 的取值范围为A .112⎛⎫- ⎪⎝⎭,B .()112⎛⎫-∞-⋃+∞ ⎪⎝⎭,,C .112⎛⎫- ⎪⎝⎭,D .()12⎛⎫-∞-⋃+∞ ⎪⎝⎭,1,15. 设211e a dx x =⎰,则二项式25()ax x-的展开式中x 的系数为 A. 40 B. -40 C. 80 D. -80 16.已知函数()f x 的定义域为R ,(2)()f x f x -=--且满足,其导函数'()f x ,当1x <-时,(1)[()(1)'()]0x f x x f x +++<,且(1)4,f =则不等式(1)8xf x -<的解集为 A .(-∞, -2) B .(2,+∞) C .(-2,2) D .(-∞,-2)∪(2,+∞) 17. 已知12ea dx x=⎰,则()()4x y x a ++ 展开式中3x 的系数为 A.24 B.32 C.44 D.56 18.设'()f x 为函数()f x 的导函数,且满足321()3,'()'(6)3f x x ax bx f x f x =-++=-+,若()6ln 3f x x x ≥+恒成立,则实数b 的取值范围是( )A .[)66ln6,++∞B .[)4ln 2,++∞C .[)5ln5,++∞D .)6⎡++∞⎣19.已知函数()ln 2f x x x x a =-+,若函数()y f x =与()()y f f x =有相同的值域,则a的取值范围是( )A .1,12⎛⎤ ⎥⎝⎦B .(-∞,1]C .31,2⎡⎫⎪⎢⎣⎭D .[1,+∞) 20.已知定义域为R 的函数f (x )的图象经过点(1,1),且对x ∀∈R ,都有()2f x '>-,则不等式2(log |31|)3|31|x x f -<--的解集为A.(0,+∞)B.(-∞,0)∪(0,1)C. (-∞,1)D. (-1,0)∪(0,3)21.若向区域{}(,)|01,01x y x y Ω=≤≤≤≤内投点,则该点落在由直线y =x 与曲线y =A. 18B.16C.13 D. 1222.已知函数32()17f x ax bx cx =++-(,,)a b c R ∈的导函数为)(x f ',0)(≤'x f 的解集为{}32≤≤-x x ,若)(x f 的极小值等于-98,则a 的值是( )A.2281-B.31C.2D.5 23.若数列{a n }是公比不为1的等比数列,且201820200a a +=⎰,则2017201920212023(2)a a a a ++=( )A.4π2B.2π2C. π2D.3π2 24.如上图,在长方形OABC 内任取一点(,)P x y ,则点P 落在阴影部分BCD 内的概率为( )A .37eB .12e C.2e D .1e25.记函数()2x f x e x a -=--,若曲线3([1,1])y x x x =+∈-上存在点00(,)x y 使得00()f y y =,则a 的取值范围是( )A .22(,6][6,)e e --∞-++∞ B .22[6,6]ee --+C .22(6,6)e e --+ D .22(,6)(6,)e e --∞-++∞26.已知函数f (x )=ex -e -x ,若对任意的x ∈(0,+∞),f (x )>mx 恒成立,则m 的取值范围为A .(-∞,1)B .(-∞,1]C .(-∞,2)D .(-∞,2] 27.已知函...数.()22x xa f x =-,其在区间.....[0,1].....上单调递增,则.......a . 的取值范围为......(. ).A ...[0,1]B ........[.-.1,0]C .......[.-.1,1] ....D. ..11[,]22-28.已知函数....()sin()f x x ϕ=-,且..230()0f x dx π=⎰,则函数....f .(.x .).的图象的一条对称轴是..........(. ).A ...56x π=B ...712x π=C ...3x π=D ...6x π=29.已知函数21()()f x x ax x e e=-≤≤与()x g x e =的图象上存在关于直线y x =对称的点,则实数a 的取值范围是( )A.1[,]e e e-B.1[1,]e e -C.11[,]e e e e-+D.1[1,]e e+30.若函数1)(2+=x x f 的图象与曲线C :()01)(>+=a ae x g x 存在公共切线,则实数a 的取值范围为 A .⎪⎭⎫⎢⎣⎡∞+,26e B .⎥⎦⎤ ⎝⎛28,0e C .⎪⎭⎫⎢⎣⎡∞+,22e D .⎥⎦⎤ ⎝⎛24,0e 31.已知定义在R 上的奇函数f (x ),满足当210()ln 2x f x x x x >=-时,则关于x 的方程()f x a =满足 ( )A .对任意a R ∈,恰有一解B .对任意a R ∈,恰有两个不同解C .存在a R ∈,有三个不同解D .存在a R ∈,无解二、填空题32.设0a >,0b >,e 为自然对数的底数,若12e a e x b dx x -+=⎰,则211a b++的最小值是________. 33.12)x dx ⎰= .34.已知函数3()2f x x x =+,若2(1)(2)0f a f a -+≤,则实数a 的取值范围是 ; 35.已知2cos a xdx π=⎰,则61()ax ax+展开式中,常数项为 . 36.若对于曲线()x f x e x =--(e 为自然数对数的底数)的任意切线l 1,总存在曲线x x a x g cos 2)1()(++=的切线2l ,使得12l l ⊥,则实数a 的取值范围为 .37.已知在[0,1]内任取一个实数x ,在[0,2]内任取一个实数y ,则点(),x y 位于1x y e =-上方的概率为 . 38.在数学实践活动课中,某同学在如图1所示的边长为4的正方形模板中,利用尺规作出其中的实线图案,其步骤如下:(1)取正方形中心O 及四边中点M ,N ,S , T ; (2)取线段MN 靠近中心O 的两个八等分点A ,B ; (3)过点B 作MN 的垂线l ;(4)在直线l (位于正方形区域内)上任取点C ,过C 作l 的垂线l 1 (5)作线段AC 的垂直平分线l 2;(6)标记l 1与l 2的交点P ,如图2所示;……不断重复步骤(4)至(6)直到形成图1中的弧线(Ⅰ).类似方法作出图1中的其它弧线,则图1中实线围成区域面积为.39.已知函数21()3ln ()2f x x x a x =-+-在区间(1,3)上有最大值,则实数a 的取值范围是 __________. 40.曲线3y x =与直线y x =在第一象限所围成的封闭图形的面积为 . 41.函数13)(23-+=x ax x f 存在唯一的零点0x ,且0x 0<,则实数a 的取值范围是 . 42.已知函数a x y +=ln 的图象与直线1+=x y 相切,则实数a 的值为 . 43.函数()ln 1f x x =+在点(1,1)处的切线方程为 . 44.若x =-2是函数()()121--+=x e ax x x f 的极值点,则f (x )的极小值是 .三、解答题45.已知函数()22x f x e kx =--.(Ⅰ)讨论函数()f x 在(0,+∞)内的单调性;(Ⅱ)若存在正数m ,对于任意的(0,)x m ∈,不等式()2f x x >恒成立,求正实数k 的取值范围. 46.已知函数()ln 1f x ax x =++.(Ⅰ)若1a =-,求函数()f x 的最大值;(Ⅱ)对任意的0x >,不等式()xf x xe ≤恒成立,求实数a 的取值范围.47.已知函数(),()ln x f x e g x x ==.(1)求函数()y g x =在点(1,0)A 处的切线方程;(2)已知函数()()()(0)h x f x a g x a a =--+>区间(0,+∞)上的最小值为1,求实数a 的值. 48.已知函数2()12xx f x e ax =---.(1)若12a =,求()f x 的单调区间; (2)设函数2()()()2F x f x f x x =+-++,求证:(1)(2)()F F F n ⋅⋅⋅12(e2)n n +>+*()n N ∈.49.已知函数()112ln a f x ax a x x-=++--,a R ∈. (Ⅰ)若1a =-,求函数()f x 的单调区间;(Ⅱ)若()0f x ≥在[)1,x ∈+∞上恒成立,求正数a 的取值范围; (Ⅲ)证明:()()()1111ln 12321n n n N n n *++++>++∈+…. 50.已知函数()sin 2cos 2f x x x x ax =+++,其中a 为常数.(Ⅰ)若曲线()y f x =在0x =处的切线在两坐标轴上的截距相等,求a 的值; (Ⅱ)若对[]0,x π∀∈,都有()2f x ππ<<,求a 的取值范围.51.(本小题满分12分)已知:f (x )=(2-x )xe +a (x -1)2 (a ∈R ) (1)讨论函数f (x )的单调区间:(2)若对任意的x ∈R ,都有f (x )≤2xe ,求a 的取值范围. 52.(12分)已知函数f (x )=(x 2﹣1)e x +x .(Ⅰ)求f (x )在x ∈[12,1]的最值; (Ⅱ)若g (x )=f (x )﹣ae x ﹣x ,当g (x )有两个极值点x 1,x 2(x 1<x 2)时,总有e •g (x 2)≤t (2+x 1)(2xe +1),求此时实数t 的值. 53.(12分)已知函数f (x )=cos (x ﹣2π),g (x )=e x •'()f x ,其中e 为自然对数的底数.(Ⅰ)求曲线y =g (x )在点(0,g (0))处的切线方程; (Ⅱ)若对任意x ∈[﹣2π,0],不等式g (x )≥x •f (x )+m 恒成立,求实数m 的取值范围;(Ⅲ)试探究当x ∈[4π,2π]时,方程g (x )=x •f (x )的解的个数,并说明理由. 54.已知函数() f x ax ln x =-.(a 是常数,且0a >) (I) 求函数f (x )的单调区间;(Ⅱ)当)=y f x (在1x =处取得极值时,若关于x 的方程()22f x x x b +=+在122⎡⎤⎢⎥⎣⎦,上恰有两个不相等的实数根,求实数b 的取值范围. (Ⅲ)求证:当2,n n N *≥∈时2221111+1+......123e n ⎛⎫⎛⎫⎛⎫+< ⎪⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭55. (12分) 已知函数1()kxkx f x ke -=(k R ∈,0k ≠). (1)讨论函数f (x )的单调性;(2)当1x ≥时,()ln x f x k≤,求k 的取值范围. 56.(本小题满分12分)已知函数()()ln 1x f x e x =-+(e 为自然对数的底数). (Ⅰ)求函数f (x )的单调区间;(Ⅱ)若()()g x f x ax =-,a R ∈,试求函数g (x )极小值的最大值.57.(本小题满分12分) 设 x e x g x x f ln 2)(,)(2==.(1)若直线l 与)(x f y =和)(x g y =图象均相切,求直线l 的方程;(2)是否存在),(30e e x -∈使得2000,2,2ln 1e x e x --按某种顺序组成等差数列?若存在,这样的0x 有几个?若不存在,请说明理由. 58.(本小题满分12分) 已知函数ln ()x f x x =,()(ln 1)2axg x x x =--. (I )求函数)(x f 的最大值;(II )当10,a e ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时,函数)],0(()(e x x g y ∈=有最小值,记g (x )的最小值为h (a ),求函数h (a )的值域. 59.已知函数()(2)x f x x e =-. (1)求函数f (x )的单调递增区间;(2)若2()()2x g x f x e ax =+-,()h x x =,且对于任意的1x ,2(0,)x ∈+∞,都有[][]1122()()()()0g x h x g x h x -->成立,求实数a 的取值范围.60.(本小题满分15分)设函数431()4f x x x =-,x ∈R . (Ⅰ)求函数f (x )在1x =处的切线方程;(Ⅱ)若对任意的实数x ,不等式()2f x a x ≥-恒成立,求实数a 的最大值;(Ⅲ)设0m ≠,若对任意的实数k ,关于x 的方程()f x kx m =+有且只有两个不同的实根,求实数m 的取值范围. 61.设函数()ln xf x ae x x =-,其中a R ∈,e 是自然对数的底数. (1)若0a =,求函数f (x )的单调增区间; (2)若f (x )是(0,+∞)上的增函数,求a 的取值范围;(3)若22a e ≥,证明:()0f x >. 62.已知函数()ln x f x a x e =-,a ∈R. (1)试讨论函数f (x )的极值点的个数;(2)若a ∈N*,且()0f x <恒成立,求a 的最大值. 参考数据:x1.6 1.7 1.74 1.8 10 x e 4.953 5.474 5.697 6.050 22026 ln x0.4700.5310.5540.5882.30363.已知函数()1x f x ae x =-+有两个零点1x ,2x . (1)求a 的取值范围;(2)设0x 为f (x )的极小值点,证明:2202x x x +<. 64.已知函数()(1)ln a f x a x x x=-++. (1)当1a =时,求曲线()y f x =在点(2,(2))f 处的切线方程; (2)讨论f (x )的单调性与极值点. 65.已知函数()22ln 3f x x ax =-+. (1)讨论函数()y f x =的单调性;(2)若存在实数[],1,5m n ∈满足2n m -≥时,()()f m f n =成立,求实数a 的最大值. 66.设函数)0()(≠=k xe x f kx .(Ⅰ) 求曲线)(x f y =在点))0(,0(f 处的切线方程; (Ⅱ) 讨论函数f (x )的单调性;(Ⅲ) 设42)(2+-=bx x x g ,当1=k 时,若对任意的R x ∈1,存在[]2,12∈x ,使得)(1x f ≥)(2x g ,求实数b 的取值范围.67.已知函数()()223 2.71828xxf x e ax a ea R e -=-+∈=⋅⋅⋅,其中为自然对数的底数.(1)讨论()f x 的单调性;(2)当()0,x ∈+∞时,()()222310x x e x a a e x a f x --+--+>恒成立,求a 的取值范围. 68.设函数()(1)ln(1)f x ax x x =-++,其中a R ∈.(1)当1a =时,求函数()f x 的极值; (2)若0x ∀>,()0f x ≥成立,求a 的取值范围. 69.设函数2()(1)2xk f x x e x =--,(其中k R ∈) (1)讨论函数f (x )的单调性;(2)当k >0时,讨论函数f (x )在(0,+∞)上的零点个数. 70.函数()()()sin ,1cos x x f x e x g x x x ==+. (1)求f (x )的单调区间;(2)对120,,0,22x x ππ⎡⎤⎡⎤∀∈∀∈⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦,使()()12f x g x m +≥成立,求实数m 的取值范围;(3)设()()2sin 2sin x h x f x n x x =⋅-⋅在0,2π⎛⎫⎪⎝⎭上有唯一零点,求正实数n 的取值范围. 71.已知函数2()x f x e x x =--.(1)判断函数()f x 在区间(),ln 2-∞上的单调性;(2)若12ln 2,ln 2,x x <>且()()12f x f x ''=,证明:124x xe +<.72.已知关于x 的方程()21xx e ax a --=有两个不同的实数根x 1、x 2.(Ⅰ)求实数a 的取值范围; (Ⅱ)求证:120x x +<. 73.已知函数)(ln )(R a x ax x f ∈-=. (1)讨论)(x f 的单调性.(II)若0)(=x f 有两个相异的正实数根21,x x ,求证12'()()<0f x f x '+.74.已知函数2()45xa f x x x e =-+-. (1)若f (x )在R 上是单调递增函数,求a 的取值范围;(2)设g()()x x e f x =,当1m ≥时,若12g()g()2g()x x m +=,其中12x m x <<,求证:122x x m +<. 75.已知函数ln ()xxf x xe x=+. (1)求证:函数f (x )有唯一零点;(2)若对任意(0,)x ∈+∞,ln 1xxe x kx -+…恒成立,求实数k 的取值范围. 76.(I )若2a =,求曲线()y f x =在点()()1,1f 处的切线方程;(II )若()()(1)g x f x a x =+-在1x =处取得极小值,求实数a 的取值范围. 77.已知()ln f x x =,设1122(,ln ),(,ln )A x x B x x ,且12x x <,记1202x x x +=; (1)设()(1)g x f x ax =+-,其中a R ∈,试求()g x 的单调区间; (2)试判断弦AB 的斜率AB k 与0()f x '的大小关系,并证明;(3)证明:当1x >时,11ln x e x x x->+. 78.已知函数)()1(2ln )(2R a x a x a x x f ∈-+-=. (Ⅰ)当0≥a 时,求函数)(x f 的极值;(Ⅱ)若函数)(x f 有两个零点21,x x ,求a 的取值范围,并证明221>+x x . 79.(本小题满分12分) 设(4)ln ()31x a xf x x +=+,曲线()y f x =在点(1,(1))f 处的切线与直线10x y ++=垂直.(1)求a 的值;(2)若对于任意的[1,),()(1)x f x m x ∈+∞≤-恒成立,求m 的取值范围. 80.已知函数2()2ln f x x x a x =--,()g x ax =. (Ⅰ)求函数()()()F x f x g x =+的极值; (Ⅱ)若不等式sin ()2cosxg x ≤+对0x ≥恒成立,求a 的取值范围.81.已知函数()()22ln f x x ax a x a =--∈R . (Ⅰ)求函数()f x 的单调区间;(Ⅱ)若()0f x ≥恒成立,求实数a 的取值范围. 82.已知函数()()21x f x x ax a e -=+-⋅,其中a R ∈. (1)求函数()f x '的零点个数;(2)证明:0a ≥是函数()f x 存在最小值的充分而不必要条件. 83.已知函数f (x )=x 2-2x +2a ln x ,若函数f (x )在定义域上有两个极值点x 1,x 2,且x 1<x 2.(1)求实数a 的取值范围; (2)证明:123()()ln 202f x f x +++>. 84.已知()()sin f x a x a =∈R ,()e x g x =.(1)若01a <≤,证明函数()()ln G x f x x =-+在(0,1)单调递增; (2)设()()()f x g x F x a⋅=,0a ≠,对任意π0,2x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦,()F x kx ≥恒成立,求实数k 的取值范围. 85.已知()cos x f x e a x =+(e 为自然对数的底数)(1)若f (x )在0x =处的切线过点()1,6P ,求实数a 的值 (2)当0,2x π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时,()f x ax ≥恒成立,求实数a 的取值范围86.设函数21()4ln (4)2f x x ax a x =-+-,其中a ∈R . (1)讨论f (x )的单调性;(2)若函数f (x )存在极值,对于任意的120x x <<,存在正实数0x ,使得12012()()()(),f x f x f x x x '-=⋅-试判断12x x +与02x 的大小关系并给出证明.87. 已知函数ln 1()().x f x ax a x-=-∈R (Ⅰ)若0a =,求曲线()y f x =在点(1,(1))f 处的切线方程; (Ⅱ)若1a <-,求函数()f x 的单调区间; (Ⅲ)若12a <<,求证:()1f x <-. 88.已知函数()1xf x x ae =-+(1)讨论f (x )的单调性;(2)设12,x x 是f (x )的两个零点,证明:124x x +>. 89.已知函数()x ae x x f -+=ln 1(Ⅰ)若曲线()x f y =在1=x 处的切线与x 轴平行,求实数a 的值; (Ⅱ)若对任意()+∞∈,0x ,不等式()0f x ≤恒成立,求实数a 的取值范围. 90.已知函数1)1(21ln )(2+-+-=x a ax x x f . (1)求)(x f 的单调区间;(2)若)(x f 有极值,对任意的21,x x ,当210x x <<,存在0x 使12120)()()('x x x f x f x f --=,证明:0212x x x >+91.已知函数x eme xf x x2)(--=是定义在[-1,1]的奇函数(其中e 是自然对数的底数). (1)求实数m 的值;(2)若2(1)(2)0f a f a -+≤,求实数a 的取值范围. 92.已知函数2()(1)x f x x e ax =--,32()21g x ax ax x =-+-,(其中a ∈R ,e 为自然对数的底数,e =2.71828…). (1)当2ea =时,求函数f (x )的极值; (2)若函数g (x )在区间[1,2]上单调递增,求a 的取值范围; (3)若2ea ≤,当[1,)x ∈+∞时,()()f x g x ≥恒成立,求实数a 的取值范围. 93.已知函数f (x )是奇函数,f (x )的定义域为(-∞,+∞).当x <0时, f (x )=ln()ex x-.(e 为自然对数的底数). (1)若函数f (x )在区间(a ,a +13)( a >0)上存在极值点,求实数a 的取值范围; (2)如果当x ≥1时,不等式f (x )≥1kx +恒成立,求实数k 的取值范围. 94.设R a ∈,函数()ln f x a x x =-. (1)若f (x )无零点,求实数a 的取值范围;(2)若f (x )有两个相异零点12x x ,,求证: 12ln ln 2ln 0x x a -+<. 95.(本小题满分12分)已知函数2()(1)x f x x e x =--,2()210()x g x ae ax a a R =-+-∈. (Ⅰ)求曲线()y f x =在()1,(1)f 处的切线方程;(Ⅱ)当0x >时,()()f x g x >恒成立,求实数a 的取值范围.96.已知函数1ln )()(2+-=x a x x f ,a >0. (Ⅰ)若2e x =为y = f (x )的极值点,求实数a ; (Ⅱ)若e a 2=,求函数f (x )的单调区间;(Ⅲ)求实数a 的取值范围,使得对于任意的],1[2e x ∈,恒有132)(4+≤e x f . 97.设函数2113(),[,]2ln 2f x x x e x =+∈(Ⅰ)证明:211()22f x x x e≥-+; (Ⅱ)证明:2192()102e f x +<≤ 98.已知函数32()3(36)12()f x x ax a x a a R =++-+∈(Ⅰ)若f (x )在0x x =处取得极小值,且0x ∈(0,3),求实数a 的取值范围;(Ⅱ)若对任意的a ∈[﹣1,1],不等式()f x m <在x ∈ [﹣1,1]恒成立,求实数m 的取值范围. 99.已知0a >,()()ln 21244xf x x ax ae =++-+。

2018年全国卷3高考理科数学试题解析版

2018年全国卷3高考理科数学试题解析版

C. 40
D. 80
【解析】分析:写出
,然后可得结果
详解:由题可得

,则
所以
故选 C.ຫໍສະໝຸດ 拓展:本题主要考查二项式定理,属于基础题。
6. 直线
分别与轴,轴交于,两点,点在圆
范围是
A.
B.
C.
D.
【答案】A
上,则
面积的取值
【解析】分析:先求出 A,B 两点坐标得到 再计算圆心到直线距离,得到点 P 到直线距
详解:由题可得
,即
故答案为
拓展:本题主要考查向量的坐标运算,以及两向量共线的坐标关系,属于基础题。
14. 曲线
在点
处的切线的斜率为 ,则 ________.
【答案】
【解析】分析:求导,利用导数的几何意义计算即可。
详解:

所以
故答案为-3.
拓展:本题主要考查导数的计算和导数的几何意义,属于基础题。
15. 函数
【答案】2
【解析】分析:利用点差法进行计算即可。
详解:设

所以
所以
取 AB 中点 因为
,分别过点 A,B 作准线 ,
的垂线,垂足分别为
因为 M’为 AB 中点,
所以 MM’平行于 x 轴
因为 M(-1,1)
所以 ,则

故答案为 2.
拓展:本题主要考查直线与抛物线的位置关系,考查了抛物线的性质,设
,利
详解:当 时, ,排除 A,B.
,当
时, ,排除 C
故正确答案选 D.
拓展:本题考查函数的图像,考查了特殊值排除法,导数与函数图像的关系,属于中档题。
8. 某群体中的每位成员使用移动支付的概率都为,各成员的支付方式相互独立,设为该群体

2018年全国卷理科数学真题及答案

2018年全国卷理科数学真题及答案

一.选择题(共12小题)1.设z=+2i,则|z|=()A.0B.C.1D.【解答】解:z=+2i=+2i=﹣i+2i=i,则|z|=1.故选:C.2.已知集合A={x|x2﹣x﹣2>0},则∁R A=()A.{x|﹣1<x<2}B.{x|﹣1≤x≤2}C.{x|x<﹣1}∪{x|x>2}D.{x|x≤﹣1}∪{x|x≥2}【解答】解:集合A={x|x2﹣x﹣2>0},可得A={x|x<﹣1或x>2},则:∁R A={x|﹣1≤x≤2}.故选:B.3.某地区经过一年的新农村建设,农村的经济收入增加了一倍,实现翻番.为更好地了解该地区农村的经济收入变化情况,统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例,得到如下饼图:则下面结论中不正确的是()A.新农村建设后,种植收入减少B.新农村建设后,其他收入增加了一倍以上C.新农村建设后,养殖收入增加了一倍D.新农村建设后,养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半【解答】解:设建设前经济收入为a,建设后经济收入为2a.A项,种植收入37%×2a﹣60%a=14%a>0,故建设后,种植收入增加,故A项错误.B项,建设后,其他收入为5%×2a=10%a,建设前,其他收入为4%a,故10%a÷4%a=2.5>2,故B项正确.C项,建设后,养殖收入为30%×2a=60%a,建设前,养殖收入为30%a,故60%a÷30%a=2,故C项正确.D项,建设后,养殖收入与第三产业收入总和为(30%+28%)×2a=58%×2a,经济收入为2a,故(58%×2a)÷2a=58%>50%,故D项正确.因为是选择不正确的一项,故选:A.4.记S n为等差数列{a n}的前n项和.若3S3=S2+S4,a1=2,则a5=()A.﹣12B.﹣10C.10D.12【解答】解:∵S n为等差数列{a n}的前n项和,3S3=S2+S4,a1=2,∴=a1+a1+d+4a1+d,把a1=2,代入得d=﹣3∴a5=2+4×(﹣3)=﹣10.故选:B.5.设函数f(x)=x3+(a﹣1)x2+ax.若f(x)为奇函数,则曲线y=f(x)在点(0,0)处的切线方程为()A.y=﹣2x B.y=﹣x C.y=2x D.y=x【解答】解:函数f(x)=x3+(a﹣1)x2+ax,若f(x)为奇函数,f(﹣x)=﹣f(x),﹣x3+(a﹣1)x2﹣ax=﹣(x3+(a﹣1)x2+ax)=﹣x3﹣(a﹣1)x2﹣ax.所以:(a﹣1)x2=﹣(a﹣1)x2可得a=1,所以函数f(x)=x3+x,可得f′(x)=3x2+1,曲线y=f(x)在点(0,0)处的切线的斜率为:1,则曲线y=f(x)在点(0,0)处的切线方程为:y=x.故选:D.6.在△ABC中,AD为BC边上的中线,E为AD的中点,则=()A.﹣B.﹣C.+D.+【解答】解:在△ABC中,AD为BC边上的中线,E为AD的中点,=﹣=﹣=﹣×(+)=﹣,故选:A.7.某圆柱的高为2,底面周长为16,其三视图如图.圆柱表面上的点M在正视图上的对应点为A,圆柱表面上的点N在左视图上的对应点为B,则在此圆柱侧面上,从M到N的路径中,最短路径的长度为()A.2B.2C.3D.2【解答】解:由题意可知几何体是圆柱,底面周长16,高为:2,直观图以及侧面展开图如图:圆柱表面上的点N在左视图上的对应点为B,则在此圆柱侧面上,从M到N的路径中,最短路径的长度:=2.故选:B.8.设抛物线C:y2=4x的焦点为F,过点(﹣2,0)且斜率为的直线与C交于M,N两点,则•=()A.5B.6C.7D.8【解答】解:抛物线C:y2=4x的焦点为F(1,0),过点(﹣2,0)且斜率为的直线为:3y=2x+4,联立直线与抛物线C:y2=4x,消去x可得:y2﹣6y+8=0,解得y1=2,y2=4,不妨M(1,2),N(4,4),,.则•=(0,2)•(3,4)=8.故选:D.9.已知函数f(x)=,g(x)=f(x)+x+a.若g(x)存在2个零点,则a 的取值范围是()A.[﹣1,0)B.[0,+∞)C.[﹣1,+∞)D.[1,+∞)【解答】解:由g(x)=0得f(x)=﹣x﹣a,作出函数f(x)和y=﹣x﹣a的图象如图:当直线y=﹣x﹣a的截距﹣a≤1,即a≥﹣1时,两个函数的图象都有2个交点,即函数g(x)存在2个零点,故实数a的取值范围是[﹣1,+∞),故选:C.10.如图来自古希腊数学家希波克拉底所研究的几何图形.此图由三个半圆构成,三个半圆的直径分别为直角三角形ABC的斜边BC,直角边AB,AC.△ABC的三边所围成的区域记为I,黑色部分记为Ⅱ,其余部分记为Ⅲ.在整个图形中随机取一点,此点取自Ⅰ,Ⅱ,Ⅲ的概率分别记为p1,p2,p3,则()A.p1=p2B.p1=p3C.p2=p3D.p1=p2+p3【解答】解:如图:设BC=2r1,AB=2r2,AC=2r3,∴r12=r22+r32,∴SⅠ=×4r2r3=2r2r3,SⅢ=×πr12﹣2r2r3,SⅡ=×πr32+×πr22﹣SⅢ=×πr32+×πr22﹣×πr12+2r2r3=2r2r3,∴SⅠ=SⅡ,∴P1=P2,故选:A.11.已知双曲线C:﹣y2=1,O为坐标原点,F为C的右焦点,过F的直线与C的两条渐近线的交点分别为M,N.若△OMN为直角三角形,则|MN|=()A.B.3C.2D.4【解答】解:双曲线C:﹣y2=1的渐近线方程为:y=,渐近线的夹角为:60°,不妨设过F(2,0)的直线为:y=,则:解得M(,),解得:N(),则|MN|==3.故选:B.12.已知正方体的棱长为1,每条棱所在直线与平面α所成的角都相等,则α截此正方体所得截面面积的最大值为()A.B.C.D.【解答】解:正方体的所有棱中,实际上是3组平行的棱,每条棱所在直线与平面α所成的角都相等,如图:所示的正六边形平行的平面,并且正六边形时,α截此正方体所得截面面积的最大,此时正六边形的边长,α截此正方体所得截面最大值为:6×=.故选:A.二、填空题(4题)13.若x,y满足约束条件,则z=3x+2y的最大值为6.【解答】解:作出不等式组对应的平面区域如图:由z=3x+2y得y=﹣x+z,平移直线y=﹣x+z,由图象知当直线y=﹣x+z经过点A(2,0)时,直线的截距最大,此时z最大,最大值为z=3×2=6,故答案为:614.记S n为数列{a n}的前n项和.若S n=2a n+1,则S6=﹣63.【解答】解:S n为数列{a n}的前n项和,S n=2a n+1,①当n=1时,a1=2a1+1,解得a1=﹣1,当n≥2时,S n﹣1=2a n﹣1+1,②,由①﹣②可得a n=2a n﹣2a n﹣1,∴a n=2a n﹣1,∴{a n}是以﹣1为首项,以2为公比的等比数列,∴S6==﹣63,故答案为:﹣6315.从2位女生,4位男生中选3人参加科技比赛,且至少有1位女生入选,则不同的选法共有16种.(用数字填写答案)【解答】解:方法一:直接法,1女2男,有C21C42=12,2女1男,有C22C41=4根据分类计数原理可得,共有12+4=16种,方法二,间接法:C63﹣C43=20﹣4=16种,故答案为:1616.已知函数f(x)=2sin x+sin2x,则f(x)的最小值是.【解答】解:由题意可得T=2π是f(x)=2sin x+sin2x的一个周期,故只需考虑f(x)=2sin x+sin2x在[0,2π)上的值域,先来求该函数在[0,2π)上的极值点,求导数可得f′(x)=2cos x+2cos2x=2cos x+2(2cos2x﹣1)=2(2cos x﹣1)(cos x+1),令f′(x)=0可解得cos x=或cos x=﹣1,可得此时x=,π或;∴y=2sin x+sin2x的最小值只能在点x=,π或和边界点x=0中取到,计算可得f()=,f(π)=0,f()=﹣,f(0)=0,∴函数的最小值为﹣,故答案为:.三.解答题(共5小题)17.在平面四边形ABCD中,∠ADC=90°,∠A=45°,AB=2,BD=5.(1)求cos∠ADB;(2)若DC=2,求BC.【解答】解:(1)∵∠ADC=90°,∠A=45°,AB=2,BD=5.∴由正弦定理得:=,即=,∴sin∠ADB==,∵AB<BD,∴∠ADB<∠A,∴cos∠ADB==.(2)∵∠ADC=90°,∴cos∠BDC=sin∠ADB=,∵DC=2,∴BC===5.18.如图,四边形ABCD为正方形,E,F分别为AD,BC的中点,以DF为折痕把△DFC 折起,使点C到达点P的位置,且PF⊥BF.(1)证明:平面PEF⊥平面ABFD;(2)求DP与平面ABFD所成角的正弦值.【解答】(1)证明:由题意,点E、F分别是AD、BC的中点,则,,由于四边形ABCD为正方形,所以EF⊥BC.由于PF⊥BF,EF∩PF=F,则BF⊥平面PEF.又因为BF⊂平面ABFD,所以:平面PEF⊥平面ABFD.(2)在平面PEF中,过P作PH⊥EF于点H,连接DH,由于EF为面ABCD和面PEF的交线,PH⊥EF,则PH⊥面ABFD,故PH⊥DH.在三棱锥P﹣DEF中,可以利用等体积法求PH,因为DE∥BF且PF⊥BF,所以PF⊥DE,又因为△PDF≌△CDF,所以∠FPD=∠FCD=90°,所以PF⊥PD,由于DE∩PD=D,则PF⊥平面PDE,故V F﹣PDE=,因为BF∥DA且BF⊥面PEF,所以DA⊥面PEF,所以DE⊥EP.设正方形边长为2a,则PD=2a,DE=a在△PDE中,,所以,故V F﹣PDE=,又因为,所以PH==,所以在△PHD中,sin∠PDH==,即∠PDH为DP与平面ABFD所成角的正弦值为:.19.设椭圆C:+y2=1的右焦点为F,过F的直线l与C交于A,B两点,点M的坐标为(2,0).(1)当l与x轴垂直时,求直线AM的方程;(2)设O为坐标原点,证明:∠OMA=∠OMB.【解答】解:(1)c==1,∴F(1,0),∵l与x轴垂直,∴x=1,由,解得或,∴A(1.),或(1,﹣),∴直线AM的方程为y=﹣x+,y=x﹣,证明:(2)当l与x轴重合时,∠OMA=∠OMB=0°,当l与x轴垂直时,OM为AB的垂直平分线,∴∠OMA=∠OMB,当l与x轴不重合也不垂直时,设l的方程为y=k(x﹣1),k≠0,A(x1,y1),B(x2,y2),则x1<,x2<,直线MA,MB的斜率之和为k MA,k MB之和为k MA+k MB=+,由y1=kx1﹣k,y2=kx2﹣k得k MA+k MB=,将y=k(x﹣1)代入+y2=1可得(2k2+1)x2﹣4k2x+2k2﹣2=0,∴x1+x2=,x1x2=,∴2kx1x2﹣3k(x1+x2)+4k=(4k3﹣4k﹣12k3+8k3+4k)=0从而k MA+k MB=0,故MA,MB的倾斜角互补,∴∠OMA=∠OMB,综上∠OMA=∠OMB.20.某工厂的某种产品成箱包装,每箱200件,每一箱产品在交付用户之前要对产品作检验,如检验出不合格品,则更换为合格品.检验时,先从这箱产品中任取20件作检验,再根据检验结果决定是否对余下的所有产品作检验.设每件产品为不合格品的概率都为p(0<p<1),且各件产品是否为不合格品相互独立.(1)记20件产品中恰有2件不合格品的概率为f(p),求f(p)的最大值点p0.(2)现对一箱产品检验了20件,结果恰有2件不合格品,以(1)中确定的p0作为p 的值.已知每件产品的检验费用为2元,若有不合格品进入用户手中,则工厂要对每件不合格品支付25元的赔偿费用.(i)若不对该箱余下的产品作检验,这一箱产品的检验费用与赔偿费用的和记为X,求EX;(ⅱ)以检验费用与赔偿费用和的期望值为决策依据,是否该对这箱余下的所有产品作检验?【解答】解:(1)记20件产品中恰有2件不合格品的概率为f(p),则f(p)=,∴=,令f′(p)=0,得p=0.1,当p∈(0,0.1)时,f′(p)>0,当p∈(0.1,1)时,f′(p)<0,∴f(p)的最大值点p0=0.1.(2)(i)由(1)知p=0.1,令Y表示余下的180件产品中的不合格品数,依题意知Y~B(180,0.1),X=20×2+25Y,即X=40+25Y,∴E(X)=E(40+25Y)=40+25E(Y)=40+25×180×0.1=490.(ii)如果对余下的产品作检验,由这一箱产品所需要的检验费为400元,∵E(X)=490>400,∴应该对余下的产品进行检验.21.已知函数f(x)=﹣x+alnx.(1)讨论f(x)的单调性;(2)若f(x)存在两个极值点x1,x2,证明:<a﹣2.【解答】解:(1)函数的定义域为(0,+∞),函数的导数f′(x)=﹣﹣1+=﹣,设g(x)=x2﹣ax+1,当a≤0时,g(x)>0恒成立,即f′(x)<0恒成立,此时函数f(x)在(0,+∞)上是减函数,当a>0时,判别式△=a2﹣4,①当0<a≤2时,△≤0,即g(x)≥0,即f′(x)≤0恒成立,此时函数f(x)在(0,+∞)上是减函数,②当a>2时,x,f′(x),f(x)的变化如下表:x(0,)(,)(,+∞)f′(x)﹣0+0﹣f(x)递减递增递减综上当a≤2时,f(x)在(0,+∞)上是减函数,当a>2时,在(0,),和(,+∞)上是减函数,则(,)上是增函数.(2)由(1)知a>2,0<x1<1<x2,x1x2=1,则f(x1)﹣f(x2)=(x2﹣x1)(1+)+a(lnx1﹣lnx2)=2(x2﹣x1)+a(lnx1﹣lnx2),则=﹣2+,则问题转为证明<1即可,即证明lnx1﹣lnx2>x1﹣x2,则lnx1﹣ln>x1﹣,即lnx1+lnx1>x1﹣,即证2lnx1>x1﹣在(0,1)上恒成立,设h(x)=2lnx﹣x +,(0<x<1),其中h(1)=0,求导得h′(x )=﹣1﹣=﹣=﹣<0,则h(x)在(0,1)上单调递减,∴h(x)>h(1),即2lnx﹣x+>0,故2lnx>x﹣,则<a﹣2成立.(2)另解:注意到f()=x﹣﹣alnx=﹣f(x),即f(x)+f()=0,由韦达定理得x1x2=1,x1+x2=a>2,得0<x1<1<x2,x1=,可得f(x2)+f()=0,即f(x1)+f(x2)=0,要证<a﹣2,只要证<a﹣2,即证2alnx2﹣ax2+<0,(x2>1),构造函数h(x)=2alnx﹣ax+,(x>1),h′(x)=≤0,∴h(x)在(1,+∞)上单调递减,∴h(x)<h(1)=0,∴2alnx﹣ax+<0成立,即2alnx2﹣ax2+<0,(x2>1)成立.即<a﹣2成立.四、选做题22.在直角坐标系xOy中,曲线C1的方程为y=k|x|+2.以坐标原点为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C2的极坐标方程为ρ2+2ρcosθ﹣3=0.(1)求C2的直角坐标方程;(2)若C1与C2有且仅有三个公共点,求C1的方程.【解答】解:(1)曲线C2的极坐标方程为ρ2+2ρcosθ﹣3=0.转换为直角坐标方程为:x2+y2+2x﹣3=0,转换为标准式为:(x+1)2+y2=4.(2)由于曲线C1的方程为y=k|x|+2,则:该射线关于y轴对称,且恒过定点(0,2).由于该射线与曲线C2的极坐标有且仅有三个公共点.所以:必有一直线相切,一直线相交.则:圆心到直线y=kx+2的距离等于半径2.故:,或解得:k=或0,当k=0时,不符合条件,故舍去,同理解得:k=或0经检验,直线与曲线C2.有两个交点.故C1的方程为:.23.已知f(x)=|x+1|﹣|ax﹣1|.(1)当a=1时,求不等式f(x)>1的解集;(2)若x∈(0,1)时不等式f(x)>x成立,求a的取值范围.【解答】解:(1)当a=1时,f(x)=|x+1|﹣|x﹣1|=,由f(x)>1,∴或,解得x>,故不等式f(x)>1的解集为(,+∞),(2)当x∈(0,1)时不等式f(x)>x成立,∴|x+1|﹣|ax﹣1|﹣x>0,即x+1﹣|ax﹣1|﹣x>0,即|ax﹣1|<1,∴﹣1<ax﹣1<1,∴0<ax<2,∵x∈(0,1),∴a>0,∴0<x<,∴a<∵>2,∴0<a≤2,故a的取值范围为(0,2].。

2018年高考理科数学试题及答案详细解析(全国卷1、2、3卷)

2018年高考理科数学试题及答案详细解析(全国卷1、2、3卷)

2018年普通高等学校招生全国统一考试全国卷1 理科数学本试题卷共6页,23题(含选考题)。

全卷满分150分。

考试用时120分钟。

注意事项:1、本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第II 卷(非选择题)两部分.第Ⅰ卷1至3页,第II卷3至5页.2、答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷相应的位置.3、全部答案在答题卡上完成,答在本试题上无效.4、考试结束后,将本试题和答题卡一并上交。

第Ⅰ卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设121iz i i-=++,则z = A. 0 B. 12C. 1D.解析:2(1)22i z i i -=+=,所以|z |1=,故答案为C.2. 已知集合{}220A x x x =-->,则R C A = A. {}12x x -<<B. {}12x x -≤≤ C.}{}{2|1|>⋃-<x x x xD.}{}{2|1|≥⋃-≤x x x x解析:由220x x -->得(1)(2)0x x +->,所以2x >或1x <-,所以R C A ={}12x x -≤≤,故答案为B.3. 某地区经过一年的新农村建设,农村的经济收入增加了一倍,实现翻番,为更好地了解该地区农村的经济收入变化情况,统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例,得到如下饼图:则下列结论中不正确的是A. 新农村建设后,种植收入减少B. 新农村建设后,其他收入增加了一倍以上C. 新农村建设后,养殖收入增加了一倍D. 新农村建设后,养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半解析:由已知条件经过一年的新农村建设,农村的经济收入增加了一倍,实现翻番,37%274%⨯=,所以尽管种植收入所占的比例小了,但比以往的收入却是增加了.故答案为A.4. 设n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,若3243S S S =+,12a =,则=5a A. 12- B. 10- C. 10 D. 12解析:由323s s s =+得3221433(32=2242222d d d ⨯⨯⨯⨯+⨯++⨯+)即3(63)127d d +=+,所以3d =-,52410a d =+=- 52410a d =+=-,故答案为B.5. 设函数()()321f x x a x ax =+-+,若()f x 为奇函数,则曲线()y f x =在点()0,0处的切线方程为A. 2y x =-B. y x =-C. 2y x =D. y x =解析:由()f x 为奇函数得1a =,2()31,f x x '=+所以切线的方程为y x =.故答案为D. 6. 在ABC ∆中,AD 为BC 边上的中线,E 为AD 的中点,则=A.AC AB 4143- B. AC AB 4341- C.AC AB 4143+ D.AC AB 4341+ 解析:11131()22244EB AB AE AB AD AB AB AC AB AC=-=-=-⋅+=-故答案为A.7.某圆柱的高为2,底面周长为16,其三视图如右图. 圆柱表面上的点M 在正视图上的对应点为A ,圆柱表面上的点N 在左视图上的对应点为B ,则在此圆柱侧面上,从M 到N 的路径中,最短路径的长度为 A. 172B.52C. 3D. 2解析:如图画出圆柱的侧面展开图,在展开图中线段MN 的长度52即为最短长度,故答案为B.8.设抛物线x y C 4:2=的焦点为F ,过点()0,2-且斜率为32的直线与C 交于N M ,两点,则=⋅A. 5B.6C. 7D. 8解析:联立直线与抛物线的方程得M(1,2),N(4,4),所以=⋅FN FM 8,故答案为D.9.已知函数(),0,ln ,0,x e x f x x x ⎧≤=⎨>⎩,()()g x f x x a =++.若()g x 存在2个零点,则a 的取值范围是 A.[)1,0-B.[)0,+∞C.[)1,-+∞D.[)1,+∞解析:∵()()g x f x x a =++存在2个零点,即()y f x =与y x a =--有两个交点,)(x f 的图象如图,要使得y x a =--与)(x f 有两个交点,则有1a -≤即1a ≥-,故答案为 C.10.下图来自古希腊数学家希波克拉底所研究的几何图形,此图由三个半圆构成,三个半圆的直径分别为直角三角形ABC 的斜边BC ,直角边AC AB ,.ABC ∆的三边所围成的区域记为Ⅰ,黑色部分记为Ⅱ,其余部分记为Ⅲ,在整个图形中随机取一点,此点取自Ⅰ,Ⅱ,Ⅲ的概率分别记为321,,p p p ,则 A. 21p p = B.31p p = C. 32p p = D. 321p p p +=解析:取2AB AC ==,则BC =∴区域Ⅰ的面积为112222S =⨯⨯=,区域Ⅲ的面积为231222S ππ=⋅-=-, 区域Ⅱ的面积为22312S S π=⋅-=,故12p p =.故答案为A.11.已知双曲线13:22=-y x C ,O 为坐标原点,F 为C 的右焦点,过F 的直线与C 的两条渐近线的交点分别为N M ,.若OMN ∆为直角三角形,则=MN A.23B. 3C. 32D. 4解析:渐近线方程为:2203x y -=,即y x =,∵OMN ∆为直角三角形,假设2ONM π∠=,如图,∴NM k =,直线MN方程为2)y x =-.联立32)y x y x ⎧=-⎪⎨⎪=-⎩∴3(,)22N -,即ON =,∴3M O N π∠=,∴3MN =,故答案为B.12. 已知正方体的棱长为1,每条棱所在的直线与平面α所成的角都相等,则α截此正方体所得截面面积的最大值为A.433 B.332 C.423 D. 23解析:由于截面与每条棱所成的角都相等,所以平面α中存在平面与平面11AB D 平行(如图),而在与平面11AB D 平行的所有平面中,面积最大的为由各棱的中点构成的截面EFGHMN ,而平面EFGHMN的面积162S =⨯.故答案为A.第II 卷本卷包括必考题和选考题两部分.第(13)~(21)题为必考题,每个试题考生都必须作答.第(22)~(23)题为选考题,考生根据要求作答. 二、填空题:本题共4小题,每小题5分.13.若x ,y 满足约束条件220100x y x y y --≤⎧⎪-+≥⎨⎪≤⎩,则32z x y =+的最大值为_______________.解析:画出可行域如图所示,可知目标函数过点(2,0)时取得最大值,max 32206z =⨯+⨯=.故答案为6.14.记n S 为数列{}n a 的前n 项和,若21n n S a =+,则6S =_______________.解析:由已知得1121,21,n n n n S a S a ++=+⎧⎨=+⎩作差得12n n a a +=,所以{}n a 为公比为2的等比数列,又因为11121a S a ==+,所以11a =-,所以12n n a -=-,所以661(12)6312S -⋅-==--,故答案为-63.15.从2位女生,4位男生中选3人参加科技比赛,且至少有1位女生入选,则不同的选法共有__________种。

2018年全国2卷 理科数学真题(解析版)

2018年全国2卷 理科数学真题(解析版)

18年全国2卷理科数学一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。

1.A. B. C. D.【答案】D【解析】分析:根据复数除法法则化简复数,即得结果.详解:选D.2. 已知集合,则中元素的个数为A. 9B. 8C. 5D. 4【答案】A【解析】分析:根据枚举法,确定圆及其内部整点个数.详解:,当时,;当时,;当时,;所以共有9个,选A.3. 函数的图像大致为A. AB. BC. CD. D【答案】B【解析】分析:通过研究函数奇偶性以及单调性,确定函数图像.详解:为奇函数,舍去A,舍去D;,所以舍去C;因此选B.4. 已知向量,满足,,则A. 4B. 3C. 2D. 0【答案】B【解析】分析:根据向量模的性质以及向量乘法得结果.详解:因为所以选B.5. 双曲线的离心率为,则其渐近线方程为A. B. C. D.【答案】A【解析】分析:根据离心率得a,c关系,进而得a,b关系,再根据双曲线方程求渐近线方程,得结果. 详解:因为渐近线方程为,所以渐近线方程为,选A.6. 在中,,,,则A. B. C. D.【答案】A【解析】分析:先根据二倍角余弦公式求cosC,再根据余弦定理求AB.详解:因为所以,选A.7. 为计算,设计了下面的程序框图,则在空白框中应填入A.B.C.D.【答案】B【解析】分析:根据程序框图可知先对奇数项累加,偶数项累加,最后再相减.因此累加量为隔项.详解:由得程序框图先对奇数项累加,偶数项累加,最后再相减.因此在空白框中应填入,选B.8. 我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世界领先的成果.哥德巴赫猜想是“每个大于2的偶数可以表示为两个素数的和”,如.在不超过30的素数中,随机选取两个不同的数,其和等于30的概率是A. B. C. D.【答案】C【解析】分析:先确定不超过30的素数,再确定两个不同的数的和等于30的取法,最后根据古典概型概率公式求概率.详解:不超过30的素数有2,3,5,7,11,13,17,19,23,29,共10个,随机选取两个不同的数,共有种方法,因为,所以随机选取两个不同的数,其和等于30的有3种方法,故概率为,选C.9. 在长方体中,,,则异面直线与所成角的余弦值为A. B. C. D.【答案】C【解析】分析:先建立空间直角坐标系,设立各点坐标,利用向量数量积求向量夹角,再根据向量夹角与线线角相等或互补关系求结果.详解:以D为坐标原点,DA,DC,DD1为x,y,z轴建立空间直角坐标系,则,所以,因为,所以异面直线与所成角的余弦值为,选C.10. 若在是减函数,则的最大值是A. B. C. D.【答案】A【解析】分析:先确定三角函数单调减区间,再根据集合包含关系确定的最大值详解:因为,所以由得因此,从而的最大值为,选A.11. 已知是定义域为的奇函数,满足.若,则A. B. 0 C. 2 D. 50【答案】C【解析】分析:先根据奇函数性质以及对称性确定函数周期,再根据周期以及对应函数值求结果.详解:因为是定义域为的奇函数,且,所以,因此,因为,所以,,从而,选C.12. 已知,是椭圆的左,右焦点,是的左顶点,点在过且斜率为的直线上,为等腰三角形,,则的离心率为A. B. C. D.【答案】D【解析】分析:先根据条件得PF2=2c,再利用正弦定理得a,c关系,即得离心率.详解:因为为等腰三角形,,所以PF2=F1F2=2c,由斜率为得,,由正弦定理得,所以,选D.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。

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2018年高考理科数学导数及应用模拟题100题(含答案解析)1.设函数f (x )在R 上存在导函数f′(x ),对任意的实数x 都有f (x )=2x 2﹣f (﹣x ),当x ∈(﹣∞,0)时,f′(x )+1<2x .若f (m+2)≤f (﹣m )+4m+4,则实数m 的取值范围是( )A .[﹣,+∞)B .[﹣,+∞)C .[﹣1,+∞)D .[﹣2,+∞)2.已知函数f (x )=ln (e x+e ﹣x)+x 2,则使得f (2x )>f (x+3)成立的x 的取值范围是( )A .(﹣1,3)B .(﹣∞,﹣3)∪(3,+∞)C .(﹣3,3)D .(﹣∞,﹣1)∪(3,+∞) 3.若2nx x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的展开式中第2项与第4项的二项式系数相等,则直线y nx =与曲线2y x =围成的封闭区域的面积为( ). A .223B .12C .323D .364.下列函数中,既是奇函数又存在极值的是( ). A .3y x =B .ln()y x =-C .yD .2y x x=+5.已知函数f (x )满足:f (x )+2f′(x )>0,那么下列不等式成立的是( )A .B .C .D .f (0)>e 2f(4) 6.已知函数f (x )=x 2+2ax ,g (x )=3a 2lnx+b ,设两曲线y=f (x ),y=g (x )有公共点,且在该点处的切线相同,则a ∈(0,+∞)时,实数b 的最大值是( )A .B .C .D .7.由曲线y=x 2与直线y=x+2所围成的平面图形的面积为( )A .B .4C .2D . 8.已知f (x )为定义域为R 的函数,f'(x )是f (x )的导函数,且f (1)=e ,∀x ∈R 都有f'(x )>f (x ),则不等式f (x )<e x的解集为( )A .(﹣∞,1)B .(﹣∞,0)C .(0,+∞)D .(1,+∞)9.若函数f (x )=lnx+x 2﹣ax+a+1为(0,+∞)上的增函数,则实数a 的取值范围是( )A . (﹣∞,22]B .(﹣∞,2]C .[1,+∞)D .[2,+∞)10.直线x=1,x=e 与曲线y=x1,y=x 围成的面积是( ) A .31(2e 23﹣5) B . 31(2e 23﹣1)C .31(2e 23﹣2)D .2e 23﹣5 11.若f (x )=x 3﹣ax 2+1在(1,3)内单调递减,则实数a 的范围是( )A .[,+∞)B .(﹣∞,3]C .(3,)D .(0,3) 12.由曲线y=2,直线y=x ﹣3及x 轴所围成的图形的面积为( )A .12B .14C .16D .18 13.已知函数f (x )=e x﹣ln (x+a )(a ∈R )有唯一的零点x 0,则( )A .﹣1<x 0<﹣B .﹣<x 0<﹣C .﹣<x 0<0D .0<x 0<14.已知函数f (x )=x ﹣1﹣lnx ,对定义域内任意x 都有f (x )≥kx ﹣2,则实数k 的取值范围是( )A .(﹣∞,1﹣]B .(﹣∞,﹣]C .[﹣,+∞)D .[1﹣,+∞)15.已知函数f (x )的导函数图象如图所示,若△ABC 为锐角三角形,则一定成立的是( )A .f (cosA )<f (cosB ) B .f (sinA )<f (cosB )C .f (sinA )>f (sinB )D .f (sinA )>f (cosB )16.已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,且S 10=,则a 5+a 6=( )A .B .12C .6D .17.已知f (x )=cosx ,则f (π)+f′()=( )A .B .C .﹣D .﹣18.若函数f (x )=x 3﹣3x+a 有3个不同的零点,则实数a 的取值范围是( ) A .(﹣2,2) B .[﹣2,2] C .(﹣∞,﹣1) D .(1,+∞)19. 设函数,则( )A .为 f (x )的极大值点B .为f (x )的极小值点C .x=2 为 f (x )的极大值点D .x=2为f (x )的极小值点 20.已知曲线 f (x )=ax 2﹣2在横坐标为1的点 p 处切线的倾斜角为,则a=( )A .B .1C .2D .﹣1 21. .若,则的展开式中常数项为( )A .8B .16C .24D .60 22.函数y=x 2在P (1,1)处的切线与双曲线22a x ﹣22by =1(a >0,b >0)的一条渐近线平行,则双曲线的离心率是( )A .5B .5C .25 D .323.已知定义在R 上的可导函数f (x )的导函数为f′(x ),满足f′(x )<f (x ),且f (x+2)为偶函数,f (4)=1,则不等式f (x )<e x的解集为( ) A .(﹣2,+∞) B .(0,+∞) C .(1,+∞) D .(4,+∞)24.如图所示,正弦曲线y=sinx ,余弦曲线y=cosx 与两直线x=0,x=π所围成的阴影部分的面积为( )A .1B .C .2D .225.函数的最小值为 .26..如图中的曲线为2()2f x x x =-,则阴影部分面积为__________.27.如图中阴影部分的面积等于____________.28.若函数()sin f x x a x =+在R 上递增,则实数a 的取值范围为__________. 29.定积分3112d x x x ⎛⎫-= ⎪⎝⎭⎰__________.30.函数2y x x =-的图像与x 轴所围成的封闭图形的面积等于__________. 31.定义在R 上的函数f (x )满足2f (4﹣x )=f (x )+x 2﹣2,则曲线y=f (x )在点(2,f(2))处的切线方程是 . 32. 已知n=⎰6e 1dx x 1,那么n )x5x (-的展开式中含x 23的项的系数为 . 33.已知函数f (x )满足xf′(x )=(x ﹣1)f (x ),且f (1)=1,若A 为△ABC 的最大内角,则f[tan(A﹣)]的取值范围为.34.点P(x0,y0)是曲线y=3lnx+x+k(k∈R)图象上一个定点,过点P的切线方程为4x﹣y﹣1=0,则实数k的值为.35.D做人处事应从善如流,体现了我们必须坚持正确的价值观,正确处理个人与社会的关系,通过劳动和奉献实现人生价值,②④正确;价值判断和价值选择具有社会历史性,在不同的社会历史条件下,价值判断和选择会不同,因此一个时代的正确的价值判断和价值选择有时并不适用于另一个时代,①普遍适应的说法是错误的,排除①;自觉站在人民的立场上才是最高价值标准,③排除。

故本题答案选D。

【考点定位】人生价值的实现36.函数f(x)=e x(x+sinx+1)在x=0处的切线方程为.37.若曲线y=lnx的一条切线是直线y=x+b,则实数b的值为.38.曲线y=x2与所围成的图形的面积是.39.∫0a(3x2﹣x+1)dx= .40.D【考点】16:蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合.菁优网版权所有【分析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸,每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基,且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上,这个碳原子还连接一个氢和一个R基,氨基酸的不同在于R基的不同.2、氨基酸通过脱水缩合形成多肽链,而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接,同时脱出一分子水的过程;氨基酸形成多肽过程中的相关计算:肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数,游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数,至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数.3、分析题图中的3种氨基酸:分析题图中的3种氨基酸的结构简式可知,每种氨基酸只含一个N原子,因此分子式为C22H34O13N6的肽链中含有6个氨基酸;3种氨基酸中每分子甘氨酸和丙氨酸均含2个氧原子,每分子谷氨酸中含有含有4个氧原子.【解答】解:A、由以上分析知,分子式为C22H34O13N6的肽链中含有6个氨基酸,合成1个该多肽链时产生的水分子数=氨基酸数﹣肽链数=6﹣1=5个,A 正确;B 、脱去的水分子数等于形成的肽键数,因此在细胞中合成1个C 22H 34O 13N 6分子要形成5个肽键,B 正确;C 、题图中三种氨基酸分子中只有谷氨酸含有2个羧基,假设谷氨酸的数目为X ,则多肽链中的氧原子数=4X+2(6﹣X )﹣5=13,解得X=3个,C 正确;D 、题图中的3种氨基酸的R 基中均不含氨基,只有谷氨酸的R 基中含有羧基(每分子谷氨酸中含有1个),则1个C 22H 34O 13N 6分子中存在游离的氨基数=肽链数+R 基中含有的氨基数=1+0=1个、存在游离的羧基数=肽链数+R 基中含有的羧基数=1+3=4个,D 错误. 故选:D . 41.函数,数列{a n }的通项公式a n =|f (n )|,若数列从第k 项起每一项随着n 项数的增大而增大,则k 的最小值为 . 42.设函数,若,则x 0的取值范围为 .43.已知函数f (x )=e﹣|x|+cosπx ,给出下列命题:①f (x )的最大值为2;②f (x )在(﹣10,10)内的零点之和为0; ③f (x )的任何一个极大值都大于1. 其中,所有正确命题的序号是 . 44. 曲线,直线x=1,x=e 和x 轴所围成的区域的面积是 .45.已知函数f (x )=(x 2+ax+b )e x ,当b <1时,函数f (x )在(﹣∞,﹣2),(1,+∞)上均为增函数,则2a 2b -+的取值范围是 . 46. 若⎰e1x 2dx=a ,则(x+xa)6展开式中的常数项为 . 47.若函数f (x )=x 2+(a+3)x+lnx 在区间(1,2)上存在唯一的极值点,则实数a 的取值范围为 .48.已知函数f (x )=alnx++1,曲线y=f (x )在点(1,2)处切线平行于x 轴. (Ⅰ)求f (x )的单调区间;(Ⅱ)当x >1时,不等式(x ﹣1)f (x )>(x ﹣k )lnx 恒成立,求实数k 的取值范围. 49.已知函数.(1)求y=f (x )的最大值; (2)当时,函数y=g (x ),(x ∈(0,e])有最小值. 记g (x )的最小值为h (a ),求函 数h (a )的值域. 50.函数()1ln1xf x kx x+=-- . (Ⅰ)讨论()f x 的单调性; (Ⅱ)当()0,1x ∈时,若24e e 1kx kx xx --<- ,求实数k 的取值范围. 51.已知函数21()(1)(1)ln 2f x x a x a x =-+++-,a ∈R .(Ⅰ)当3a =时,求曲线:()C y f x =在点(1,(1))f 处的切线方程.(Ⅱ)当[1,2]x ∈时,若曲线:()C y f x =上的点(,)x y 都在不等式组12,,3,2x x y y x ⎧⎪⎪⎨⎪⎪+⎩≤≤≤≤所表示的平面区域内,试求a 的取值范围. 52.设函数2()ln ()f x x ax x a =+-∈R . (1)若1a =,求函数()f x 的单调区间.(2)若函数()f x 在区间(0,1]上是减函数,求实数a 的取值范围. (3)过坐标原点O 作曲线()y f x =的切线,证明:切点的横坐标为1. 53.设函数21()51623f x x x =++,L 为曲线:()C y f x =在点11,12⎛⎫- ⎪⎝⎭处的切线.(Ⅰ)求L 的方程.(Ⅱ)当15x <-时,证明:除切点11,12⎛⎫- ⎪⎝⎭之外,曲线C 在直线L 的下方.(Ⅲ)设1x ,2x ,3x ∈R ,且满足1233x x x ++=-,求123()()()f x f x f x ++的最大值. 54.已知函数2()(2)ln f x x a x a x =-++(a 为实常数). (Ⅰ)若1x =为()f x 的极值点,求实数a 的取值范围. (Ⅱ)讨论函数()f x 在[1,e]上的单调性.(Ⅲ)若存在[1,e]x ∈,使得()0f x ≤成立,求实数a 的取值范围. 55.设函数1()ln ()f x x a x a x=--∈R . Ⅰ讨论函数()f x 的单调性.Ⅱ若()f x 有两个极值点1x 和2x ,记过点11(,())A x f x ,22(,())B x f x 的直线斜率为k .问:是否存在a ,使得2k a =-?若存在,求出a 的值;若不存在,请说明理由. 56.已知a ∈R ,函数()ln 1af x x x=-+. (Ⅰ)当1a =时,求曲线()y f x =在点(2,(2))f 处的切线方程. (Ⅱ)求()f x 在区间(0,e]上的最小值. 57.函数()e x f x x =⋅. (1)求()f x 的极值.(2)21()2k f x x x ⨯≥+在[1,)-∞+上恒成立,求k 值的集合.58.已知函数2()(2)ln f x x a x a x =-++(a 为实数). (Ⅰ)若2a =-,求函数()y f x =在1x =处的切线方程. (Ⅱ)求函数()f x 的单调区间.(Ⅲ)若存在[1,e]x ∈,使得()0f x ≤成立,求实数a 的取值范围. 59.已知2()xf x e ax =-,()g x 是()f x 的导函数. (Ⅰ)求()g x 的极值;(Ⅱ)若()1f x x ≥+在0x ≥时恒成立,求实数a 的取值范围.60.已知函数21()4f x x =+,1()ln(2e )2g x x =.(Ⅰ)求函数()()y f x g x =-的最小值.(Ⅱ)是否存在一次函数()h x ,使得对于(0,)x ∀∈+∞,总有()()f x h x ≥,且()()h x g x ≥成立?若存在,求出()h x 的表达式;若不存在,说明理由. 61.已知函数()ln(1)ln(1)f x x x =+--.(I )求曲线()y f x =在点(0,())f x 处的切线方程. (II )求证:当(0,1)x ∈时,3()23x f x x ⎛⎫>+ ⎪⎝⎭.(III )设实数k 使得3()3x f x k x ⎛⎫>+ ⎪⎝⎭对(0,1)x ∈恒成立,求k 的最大值.62.已知函数e ()xf x x=.(1)若曲线()y f x =与直线y kx =相切于点P ,求点P 的坐标. (2)令()()(ln )g x f x a x x =--,当0a ≤时,求()g x 的单调区间. (3)当e a ≤,证明:当(0,)x ∈+∞,()0g x ≥. 63.已知函数2()ln f x x a x =+的极值点为2. (1)求实数a 的值. (2)求函数()f x 的极值.(3)求函数()f x 在区间1,e e ⎡⎤⎢⎥⎣⎦上的最值.64.已知函数()()e x f x x a =+,其中e 是自然数的底数,a ∈R . (Ⅰ)求实数()f x 的单调区间.(Ⅱ)当1a <时,试确定函数2()()g x f x a x =--的零点个数,并说明理由. 65.已知曲线:e ax C y =.(Ⅰ)若曲线C 在点(0,1)处的切线为2y x m =+,求实数a 和m 的值.(Ⅱ)对任意实数a ,曲线C 总在直线:l y ax b =+的上方,求实数b 的取值范围. 66.已知函数f(x)=x2+alnx﹣x(a≠0),g(x)=x2.(Ⅰ)求函数f(x)的单调区间;(Ⅱ)若对于任意的a∈(1,+∞),总存在x1,x2∈[1,a],使得f(x1)﹣f(x2)>g (x1)﹣g(x2)+m成立,求实数m的取值范围.67.已知函数f(x)=x2+bx﹣alnx.(1)当a>0时,函数f(x)是否存在极值?判断并证明你的结论;(2)若x=2是函数f(x)的极值点,1和x0是函数f(x)的两个不同零点,且x0∈(n,n+1),求自然数n的值;(3)若对任意b∈[﹣2,﹣1],都存在x∈(1,e),使得f(x)<0成立,求实数a的取值范围.68.已知函数g(x)=(2﹣a)lnx,h(x)=lnx+ax2(a∈R),令f(x)=g(x)+h′(x),其中h′(x)是函数h(x)的导函数.(Ⅰ)当a=0时,求f(x)的极值;(Ⅱ)当﹣8<a<﹣2时,若存在x1,x2∈[1,3],使得|f(x1)﹣f(x2)|>(m+ln3)a﹣2ln3+ln(﹣a)恒成立,求m的取值范围.69.已知函数f(x)=x2﹣1,函数g(x)=2tlnx,其中t≤1.(Ⅰ)如果函数f(x)与g(x)在x=1处的切线均为l,求切线l的方程及t的值;(Ⅱ)如果曲线y=f(x)与y=g(x)有且仅有一个公共点,求t的取值范围.70.已知函数在点(﹣1,f(﹣1))的切线方程为x+y+3=0.(Ⅰ)求函数f(x)的解析式;(Ⅱ)设g(x)=lnx,求证:g(x)≥f(x)在x∈[1,+∞)上恒成立;(Ⅲ)已知0<a<b,求证:.71.已知函数f(x)=x3﹣9x,函数g(x)=3x2+a.(Ⅰ)已知直线l是曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线,且l与曲线y=g(x)相切,求a的值;(Ⅱ)若方程f(x)=g(x)有三个不同实数解,求实数a的取值范围.72.已知函数f (x )=alnx+21x 2﹣2ax+1(a ∈R). (1)讨论f (x )的单调性;(2)当f (x )有两个极值点x 1,x 2,且2121x x )x (f )x (f ++<m 恒成立时,求m 的取值范围. 73.已知函数f(x)=1x x 2++1,g (x )=x 2e ax (a <0). (Ⅰ)求函数f (x )的单调区间;(Ⅱ)若对任意x 1,x 2∈[0,2],f (x 1)≥g (x 2)恒成立,求a 的取值范围.74.已知函数f (x )=3x ﹣2mx 2﹣3ln (x+1),其中m ∈R(1)若x=1是f (x )的极值点,求m 的值;(2)若0<m <,求f (x )的单调区间;(3)若f (x )在[0,+∞)上的最小值是0,求m 的取值范围.75.已知函数f (x )=m (x ﹣1)e x +x 2(m ∈R ).(1)若m=﹣1,求函数f (x )的单调区间;(2)若对任意的x <0,不等式x 2+(m+2)x >f′(x )恒成立,求m 的取值范围;(3)当m ≤﹣1时,求函数f (x )在[m ,1]上的最小值.76.已知m 为实数,函数f (x )=x 3+x 2﹣3x ﹣mx+2,g (x )=f′(x ),f′(x )是f (x )的导函数.(1)当m=1时,求f (x )的单调区间;(2)若g (x )在区间[﹣1,1]上有零点,求m 的取值范围.77.已知函数f (x )=ln (x ﹣1)﹣k (x ﹣1)+1(k ∈R ).(I )求函数f (x )的单调区间;(II )若f (x )≤0恒成立,试确定实数k 的取值范围;(III )证明:. 78.某连锁分店销售某种商品,每件商品的成本为4元,并且每件商品需向总店交a (1≤a ≤3)元的管理费,预计当每件商品的售价为x (7≤x ≤9)元时,一年的销售量为(10﹣x )2万件.(Ⅰ)求该连锁分店一年的利润L(万元)与每件商品的售价x的函数关系式L(x);(Ⅱ)当每件商品的售价为多少元时,该连锁分店一年的利润L最大,并求出L的最大值.79.已知函数f(x)=为偶函数(1)求实数a的值;(2)记集合E={y|y=f(x),x∈{﹣1,1,2}},λ=lg22+lg2lg5+lg5﹣,判断λ与E 的关系;(3)当x∈[,](m>0,n>0)时,若函数f(x)的值域[2﹣3m,2﹣3n],求实数m,n值.80.已知函数f(x)=x2+lnx.(1)求函数f(x)在[1,e]上的最大值和最小值;(2)求证:当x∈(1,+∞)时,函数f(x)的图象在g(x)=x3+x2的下方.81.已知函数f(x)=﹣4x+m在区间(﹣∞,+∞)上有极大值.(1)求实常数m的值.(2)求函数f(x)在区间(﹣∞,+∞)上的极小值.82.已知函数.(1)当a=0时,求f(x)在点(1,f(1))处的切线方程;(2)是否存在实数a,当0<x≤2时,函数f(x)图象上的点都在所表示的平面区域(含边界)?若存在,求出a的值组成的集合;否则说明理由;(3)若f(x)有两个不同的极值点m,n(m>n),求过两点M(m,f(m)),N(n,f (n))的直线的斜率的取值范围.83.已知f(x)=x3+3ax2+bx+a2(a>1)在x=﹣1时有极值0.(1)求常数 a,b的值;(2)方程f(x)=c在区间[﹣4,0]上有三个不同的实根时,求实数c的范围.84.(14分)已知函数f (x )=lnx ﹣xa ﹣1. (1)若曲线y=f (x )存在斜率为﹣1的切线,求实数a 的取值范围;(2)求f (x )的单调区间;(3)设函数g (x )=xln a x +,求证:当﹣1<a <0时,g (x )在(1,+∞)上存在极小值. 85.(16分)已知f (x )=x 2+mx+1(m ∈R ),g (x )=e x . (1)当x ∈[0,2]时,F (x )=f (x )﹣g (x )为增函数,求实数m 的取值范围;(2)若m ∈(﹣1,0),设函数 G(x)=)x (g )x (f ,H(x)= ﹣41x+45,求证:对任意x 1,x 2∈[1,1﹣m],G (x 1)<H (x 2)恒成立.86.下列关于遗传学基本概念的叙述,正确的是A. 测交后代出现两种性状的现象属于性状分离B. 纯合子自交后代表现出的性状为显性性状C. 相同环境下,基因不同的个体表现型可能相同D. 果蝇的长翅短翅,红眼和复眼都是相对性状87.(14分)如图,已知A ,B 两镇分别位于东西湖岸MN 的A 处和湖中小岛的B 处,点C 在A 的正西方向1km 处,tan ∠BAN=43,∠BCN=4π,现计划铺设一条电缆联通A ,B 两镇,有两种铺设方案:①沿线段AB 在水下铺设;②在湖岸MN 上选一点P ,先沿线段AP 在地下铺设,再沿线段PB 在水下铺设,预算地下、水下的电缆铺设费用分别为2万元∕km 、4万元∕km .(1)求A ,B 两镇间的距离;(2)应该如何铺设,使总铺设费用最低?88.已知函数f (x )=x 3+ax 2+bx+c ,曲线y=f (x )在点x=﹣1处的切线为l :5x+y ﹣5=0,若时,y=f (x )有极值.(1)求a ,b ,c 的值;(2)求y=f (x )在[﹣3,2]上的最大值和最小值.89. 已知函数. (1)求f (x )的单调区间;(2)当x >0时,,求a 的取值范围.90.已知函数()x f x e =,()()g x ln x a b =++. (Ⅰ)若函数f(x)与g(x)的图像在点 (0,1)处有相同的切线,求a ,b 的值;(Ⅱ)当b=0时,f(x) -g(x)>0恒成立,求整数a 的最大值;(Ⅲ)证明:23ln 2(ln 3ln 2)(ln 4ln 3)+-+-n e [ln(n 1)ln n]e 1+++-<-. 91.(12分)已知函数f (x )=ax (lnx ﹣1)(a≠0).(1)求函数y=f (x )的单调递增区间;(2)当a >0时,设函数g (x )=61x 3﹣f (x ),函数h (x )=g′(x ), ①若h (x )≥0恒成立,求实数a 的取值范围;②证明:ln (1×2×3×…×n )2e <12+22+32+…+n 2(n ∈N*).92.设函数f (x )=mlnx (m ∈R ),g (x )=cosx .(1)若函数h(x)=f(x)+x1在(1,+∞)上单调递增,求m 的取值范围; (2)设函数φ(x )=f (x )+g (x ),若对任意的x ∈(π,23π),都有φ(x )≥0,求m 的取值范围;(3)设m >0,点P (x 0,y 0)是函数f (x )与g (x )的一个交点,且函数f (x )与g (x )在点P 处的切线互相垂直,求证:存在唯一的x 0满足题意,且x 0∈(1,2π). 93.(14分)已知函数f (x )=e x ﹣ax (a 为常数)的图象与y 轴交于点A ,曲线y=f (x )在点A 处的切线斜率为﹣1.(Ⅰ)求a 的值及函数f (x )的极值(Ⅱ)证明:当x >0时,x 2<e x .(Ⅲ)证明:对任意给定的正数c ,总存在x 0,使得当x ∈(x 0,+∞),恒有x 2<ce x .94.(14分)已知函数f(x)= ﹣31x 3+2ax 2﹣3a 2x (a ∈R 且a≠0). (1)当a=﹣1时,求曲线y=f (x )在(﹣2,f (﹣2))处的切线方程;(2)当a >0时,求函数y=f (x )的单调区间和极值;(3)当x ∈[2a ,2a+2]时,不等式|f'(x )|≤3a 恒成立,求a 的取值范围.95.(14分)已知函数f (x )=x 2﹣x ,g (x )=lnx .(Ⅰ)求函数y=xg (x )的单调区间;(Ⅱ)若t ∈[21,1],求y=f[xg (x )+t]在x ∈[1,e]上的最小值(结果用t 表示); (Ⅲ)设h (x )=f (x )﹣21x 2﹣(2a+1)x+(2a+1)g (x ),若a ∈[e ,3],∀x 1,x 2∈[1,2](x 1≠x 2),|2121x x )x (h )x (h --|≤21x x m ⋅恒成立,求实数m 的取值范围. 96.设函数.(1)求f (x )的单调区间及最大值;(2)讨论关于x 的方程|lnx|=f (x )根的个数.97.(12分)已知f (x )=e x ﹣ax 2,曲线y=f (x )在(1,f (1))处的切线方程为y=bx+1.(1)求a ,b 的值;(2)求f (x )在[0,1]上的最大值;(3)证明:当x >0时,e x +(1﹣e )x ﹣xlnx ﹣1≥0.98.已知函数f (x )=(x+1)lnx ,g (x )=a (x ﹣1)(a ∈R ).(Ⅰ)求f (x )的单调区间;(Ⅱ)若f (x )≥g (x )对任意的x ∈[1,+∞)恒成立,求实数a 的取值范围;(Ⅲ)求证:ln2•ln3…lnn>(n ≥2,n ∈N +).99.已知函数,g(x)=b(x+1),其中a≠0,b≠0(1)若a=b,讨论F(x)=f(x)﹣g(x)的单调区间;(2)已知函数f(x)的曲线与函数g(x)的曲线有两个交点,设两个交点的横坐标分别为x1,x2,证明:.100.已知函数f(x)=﹣+(a﹣1)x+lnx.(Ⅰ)若a>﹣1,求函数f(x)的单调区间;(Ⅱ)若a>1,求证:(2a﹣1)f(x)<3e a﹣3.答案1.C【考点】利用导数研究函数的单调性.【分析】利用构造法设g(x)=f(x)﹣x2,推出g(x)为奇函数,判断g(x)的单调性,然后推出不等式得到结果.【解答】解:∵f(x)=2x2﹣f(﹣x),∴f(x)﹣x2+f(﹣x)﹣x2=0,设g(x)=f(x)﹣x2,则g(x)+g(﹣x)=0,∴函数g(x)为奇函数.∵x∈(﹣∞,0)时,f′(x)+1<2x,g′(x)=f′(x)﹣2x<﹣1,故函数g(x)在(﹣∞,0)上是减函数,故函数g(x)在(0,+∞)上也是减函数,若f(m+2)≤f(﹣m)+4m+4,则f(m+2)﹣(m+2)2≤f(﹣m)﹣m2,即g(m+2)<g(﹣m),∴m+2≥﹣m,解得:m≥﹣1,故选:C.2.D【考点】利用导数求闭区间上函数的最值.【分析】先求出+2x,再由f(x)为偶函数,且在(0,+∞)上单调递增,故f(2x)>f(x+3)等价于|2x|>|x+3|,解之即可求出使得f(2x)>f(x+3)成立的x的取值范围.【解答】解:∵函数f(x)=ln(e x+e﹣x)+x2,∴+2x,当x=0时,f′(x)=0,f(x)取最小值,当x>0时,f′(x)>0,f(x)单调递增,当x<0时,f′(x)<0,f(x)单调递减,∵f(x)=ln(e x+e﹣x)+x2是偶函数,且在(0,+∞)上单调递增,∴f (2x )>f (x+3)等价于|2x|>|x+3|,整理,得x 2﹣2x ﹣3>0,解得x >3或x <﹣1,∴使得f (2x )>f (x+3)成立的x 的取值范围是(﹣∞,﹣1)∪(3,+∞). 故选:D .3.C2nx x ⎛⎫- ⎪⎝⎭展开式中第2项与第4项的二项式系数相等, 所以13C C n n =,解得4n =,那么4y x =与2y x =围成的封闭圆形区域的面积为 422323041132(4)d 22440333S x x x x x ⎛⎫=-=-=⨯-⨯= ⎪⎝⎭⎰.故选C . 4.D解:C 、B 不是奇函数,A 在R 上单调递增,无极值,故选D .5.A【考点】利用导数研究函数的单调性.【分析】根据题意可设f (x )=,然后代入计算判断即可.【解答】解:∵f (x )+2f′(x )>0,可设f (x )=,∴f (1)=,f (0)=e 0=1, ∴f (1)>, 故选:A .6.D【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】分别求出函数f (x )的导数,函数g (x )的导数.由于两曲线y=f (x ),y=g (x )有公共点,设为P (x 0,y 0),则有f (x 0)=g (x 0),且f′(x 0)=g′(x 0),解出x 0=a ,得到b 关于a 的函数,构造函数,运用导数求出单调区间和极值、最值,即可得到b的最大值.【解答】解:函数f(x)的导数为f'(x)=x+2a,函数g(x)的导数为,由于两曲线y=f(x),y=g(x)有公共点,设为P(x0,y0),则,由于x0>0,a>0则x0=a,因此构造函数,由h'(t)=2t(1﹣3lnt),当时,h'(t)>0即h(t)单调递增;当时,h'(t)<0即h(t)单调递减,则即为实数b的最大值.故选D.7.D【考点】定积分.【分析】联立方程组求出积分的上限和下限,结合定积分的几何意义即可得出结果.【解答】解:作出两条曲线对应的封闭区域,如右图:再联立方程,解得x=﹣1或x=2,所以,A(﹣1,1),B(2,4),根据定积分的几何意义,所求阴影部分的面积:S阴影==(﹣x3+x2+2x)=,故选:D.8.A【考点】利用导数研究函数的单调性.【分析】根据题意,令g(x)=,结合题意对其求导分析可得g′(x)>0,即函数g(x)在R上为增函数,又由f(1)=e,可得g(e)==1,而不等式f(x)<e x可以转化为g(x)<g(1),结合函数g(x)的单调性分析可得答案.【解答】解:根据题意,令g(x)=,其导数g′(x)==,又由,∀x∈R都有f'(x)>f(x),则有g′(x)>0,即函数g(x)在R上为增函数,若f(1)=e,则g(e)==1,f(x)<e x⇒<1⇒g(x)<g(1),又由函数g(x)在R上为增函数,则有x<1,即不等式f(x)<e x的解集为(﹣∞,1);故选:A.9.A【考点】利用导数研究函数的单调性.【分析】由函数f(x)=lnx+x2﹣ax+a+1为(0,+∞)上的增函数,可得:f′(x)=+2x﹣a≥0,化为:a≤+2x=g(x),利用导数研究函数的单调性极值与最值即可得出.【解答】解:f′(x)=+2x﹣a,∵函数f(x)=lnx+x2﹣ax+a+1为(0,+∞)上的增函数,∴f′(x)=+2x﹣a≥0,化为:a≤+2x=g(x),g′(x)=2﹣==,可知:x=时,函数g(x)取得极小值即最小值, =2.则实数a的取值范围是a≤2.故选:A.10.A【考点】定积分在求面积中的应用.【分析】利用定积分的几何意义表示出曲边图形的面积,再求值.【解答】解:如图所示,由直线x=1,x=e与曲线y=围成的阴影部分面积是(﹣)dx=dx﹣dx=﹣lnx=﹣﹣1+0=(2﹣5).故选:A.11.A【考点】利用导数研究函数的单调性.【分析】由函数f(x)=x3﹣ax2+1在(0,3)内单调递减转化成f'(x)≤0在(0,3)内恒成立,利用参数分离法即可求出a的范围.【解答】解:∵函数f(x)=x3﹣ax2+1在(0,3)内单调递减,∴f'(x)=3x2﹣2ax≤0在(0,3)内恒成立.即a≥x在(0,3)内恒成立.∵g(x)=x在(0,3]上的最大值为×3=,故a≥∴故选:A.12.D【考点】定积分在求面积中的应用.【分析】由图象得到围成图形的面积利用定积分表示出来,然后计算定积分即可.【解答】解:由曲线y=2,直线y=x﹣3及x轴所围成的图形的面积是+=+()=18,故选D.13.A【考点】利用导数研究函数的单调性;函数零点的判定定理.【分析】利用函数的零点以及方程的根的关系,通过函数的导数,二次导函数判断函数的单调性,利用函数的零点判定定理,推出结果即可.【解答】解:函数f(x)=e x﹣ln(x+a)(a∈R),则x>﹣a,可得f′(x)=e x﹣,f′′(x)=e x+恒大于0,f′(x)是增函数,令f′(x0)=0,则,有唯一解时,a=,代入f(x)可得:f(x0)===,由于f(x0)是增函数,f(﹣1)≈﹣0.63,f()≈0.11所以f(x0)=0时,﹣1.故选:A.14.A【考点】利用导数求闭区间上函数的最值.【分析】问题转化为k≤1+﹣对x∈(0,+∞)恒成立,令g(x)=1+﹣,根据函数的单调性求出g(x)的最小值,从而求出k的范围即可.【解答】解:f(x)=x﹣1﹣lnx,若对定义域内任意x都有f(x)≥kx﹣2,则k≤1+﹣对x∈(0,+∞)恒成立,令g(x)=1+﹣,则g′(x)=,令g′(x)>0,解得:x>e2,令g′(x)<0,解得:0<x<e2,故g(x)在(0,e2)递减,在(e2,+∞)递增,故g(x)的最小值是g(e2)=1﹣,故k≤1﹣,故选:A.15.D【考点】函数的单调性与导数的关系.【分析】根据导数函数图象可判断;f(x)在(0,1)单调递增,(1,+∞)单调递减,由△ABC为锐角三角形,得A+B,0﹣B<A,再根据正弦函数,f(x)单调性判断.【解答】解:根据导数函数图象可判断;f(x)在(0,1)单调递增,(1,+∞)单调递减,∵△ABC为锐角三角形,∴A+B,0﹣B<A,∴0<sin(﹣B)<sinA<1,0<cosB<sinA<1f(sinA)>f(sin(﹣B)),即f(sinA)>f(cosB)故选;D【点评】本题考查了导数的运用,三角函数,的单调性,综合性较大,属于中档题.16.D【考点】等差数列的前n项和;等差数列的通项公式.【分析】利用微积分基本定理、等差数列的通项公式与求和公式及其性质即可得出.【解答】解:∵S10==dx+=+1﹣=1==5(a5+a6),解得a5+a6=,故选:D.【点评】本题考查了微积分基本定理、等差数列的通项公式与求和公式及其性质,考查推理能力与计算能力,属于中档题.17.D【考点】导数的运算.【分析】根据导数的运算法则,求导,然后导入值计算即可【解答】解:f(x)=cosx,则f′(x)=﹣,∴f(π)+f′()=cosπ﹣﹣=﹣﹣=﹣,故选:D【点评】本题考查了导数的运算法则,属于基础题18.A【考点】函数零点的判定定理;利用导数研究函数的单调性;利用导数研究函数的极值.【分析】由函数f(x)=x3﹣3x+a求导,求出函数的单调区间和极值,从而知道函数图象的变化趋势,要使函数f(x)=x3﹣3x+a有3个不同的零点,寻求实数a满足的条件,从而求得实数a的取值范围.【解答】解∵f′(x)=3x2﹣3=3(x+1)(x﹣1),当x<﹣1时,f′(x)>0;当﹣1<x<1时,f′(x)<0;当x>1时,f′(x)>0,∴当x=﹣1时f(x)有极大值.当x=1时,f(x)有极小值,要使f(x)有3个不同的零点.只需,解得﹣2<a<2.故选A.【点评】考查利用导数研究函数的单调性和极值,函数图象的变化趋势,体现了数形结合和运动的思想方法,属中档题.19.D【考点】利用导数研究函数的极值.【分析】求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的单调区间,从而求出函数的极小值点即可.【解答】解:f′(x)=﹣+=,(x>0),令f′(x)>0,解得:x>2,令f′(x)<0,解得:0<x<2,故f(x)在(0,2)递减,在(2,+∞)递增,故x=2是函数的极小值点,故选:D.【点评】本题考查了函数的单调性、极值问题,考查导数的应用,是一道基础题.20.A【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】求得导函数,利用曲线 f(x)=ax2﹣2在横坐标为1的点 p处切线的倾斜角为,可得f′(1)=1,由此可求a的值.【解答】解:求导函数可得f′(x)=2ax,∵曲线 f(x)=ax2﹣2在横坐标为1的点 p处切线的倾斜角为,∴f′(1)=1,∴2a=1,∴a=.故选:A.【点评】本题考查导数的几何意义,考查学生的计算能力,属于基础题.21.C【考点】DB:二项式系数的性质.【专题】38 :对应思想;4O:定义法;5P :二项式定理.【分析】求定积分可得n的值,再利用二项展开式的通项公式,令x的幂指数等于零求得r的值,可得展开式中常数项.【解答】解:=2(sinx+cosx)dx=2(﹣cosx+sinx)=2(﹣cos+cos0+sin﹣sin0)=4,∴的通项公式为T r+1=•2r•y4﹣2r,令4﹣2r=0,可得r=2,∴二项式展开式中常数项是•22=24.故选:C.22.B【考点】双曲线的简单性质.【分析】先根据导数求其切线的斜率,即=2,再根据离心率公式计算即可.【解答】解:由于y=x2,则y′=2x,∴k=y′|x=1=2,∵函数y=x2在P(1,1)处的切线与双曲线﹣=1(a>0,b>0)的一条渐近线平行,∴=2,∴e===,故选:B.【点评】本题考查了导数和几何意义以及双曲线的渐近线方程,求双曲线的离心率,考查了双曲线的标准方程与简单几何性质等知识,属于基础题.23.B【考点】6B:利用导数研究函数的单调性;3N:奇偶性与单调性的综合.【分析】构造函数g(x)=(x∈R),研究g(x)的单调性,结合原函数的性质和函数值,即可求解【解答】解:∵y=f(x+2)为偶函数,∴y=f(x+2)的图象关于x=0对称∴y=f(x)的图象关于x=2对称∴f(4)=f(0)又∵f(4)=1,∴f(0)=1设g(x)=(x∈R),则g′(x)==又∵f′(x)<f(x),∴f′(x)﹣f(x)<0∴g′(x)<0,∴y=g(x)在定义域上单调递减∵f(x)<e x∴g(x)<1又∵g(0)==1∴g(x)<g(0)∴x>0故选B.24.D【考点】69:定积分的简单应用.【分析】由图形可知,阴影部分的面积等于正弦函数与余弦函数图形到的面积,所以利用此区间的定积分可求.【解答】解:由图形以及定积分的意义,得到所求封闭图形面积等价于;故选:D.25.【考点】函数的最值及其几何意义.【分析】令t=(t≥),则函数y=t+,求出导数,判断单调性,即可得到最小值.【解答】解:令t=(t≥),则函数y=t+,导数y′=1﹣,由t2≥2,0<≤,即有y′>0,函数y在[,+∞)递增,可得t=,即x=0时,函数取得最小值,且为.故答案为:.26.8 3210448()d ()d 333S f x x f x x -⎛⎫=-=--= ⎪⎝⎭⎰⎰. 27.1根据题意,所求面积为函数23y x =在区间[0,1]上的定积分值,即该阴影部分面积为1231003d 1x x x ==⎰.28.[1,1]-∵()sin f x x a x =+,()1cos 0f x a x '=+≥在R 上恒成立,cos [1,1]x ∈-.①当0a >时,cos a a x a -≤≤,∴1a --≥,∴01a <≤.②当0a =时,符合要求.③当0a <时,cos a a x a -≤≤,∴1a -≥,∴10a -<≤.综上11a -≤≤.29.8ln3-3112d x x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭⎰ 23ln 1x x =- 22(3ln3)(1ln1)=---8ln3=-. 30.16解:函数2y x x =-开口向下,与x 轴围成的封闭图形面积为1232011()d 0236x x x x x ⎛⎫-=-= ⎪⎝⎭⎰. 31.4x+3y ﹣14=0【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】先根据2f (4﹣x )=f (x )+x 2﹣2,求出函数f (x )的解析式,然后对函数f (x )进行求导,进而可得到y=f(x)在点(2,f(2))处的切线方程的斜率,最后根据点斜式可求导切线方程.【解答】解:∵2f(4﹣x)=f(x)+x2﹣2,∴将x换为4﹣x,可得f(4﹣x)=2f(x)﹣(4﹣x)2+2.将f(4﹣x)代入f(x)=2f(4﹣x)﹣x2+2,得f(x)=4f(x)﹣2(4﹣x)2+4﹣x2+2,∴f(x)=(3x2﹣16x+26),f'(x)=2x﹣,∴y=f(x)在(2,f(2))处的切线斜率为y′=﹣.∴函数y=f(x)在(2,2)处的切线方程为y﹣2=﹣(x﹣2),即为4x+3y﹣14=0.故答案为:4x+3y﹣14=0.32.﹣30【考点】二项式系数的性质.【分析】由定积分求出n=6,从而T r+1=(﹣5)6﹣r,令,解得r=5,由此能求出的展开式中含的项的系数.【解答】解:∵=(lnx)=lne6﹣ln1=6,∴=,T r+1==(﹣5)6﹣r,令,解得r=5,∴的展开式中含的项的系数为: =﹣30.故答案为:﹣30.33.(﹣,0)∪[1,+∞)【考点】利用导数研究函数的单调性;导数的运算.【分析】根据条件构造函数g(x)=xf(x),求函数的导数,结合函数极值和导数之间的关系求函数的极值和单调性即可得到结论.【解答】解:∵xf′(x)=(x﹣1)f(x),∴f(x)+xf′(x)=xf(x)设g(x)=xf(x),则g′(x)=f(x)+xf′(x),即g′(x)=g(x),则g(x)=ce x,∵f(1)=1,∴g(1)=f(1)=1,即g(1)=ce=1,则c=,则g(x)=xf(x)=•e x,则f(x)=,(x≠0),函数的导数f′(x)==,由f′(x)>0得x>1,此时函数单调递增,由f′(x)<0得x<0或0<x<1,此时函数单调递减,即当x=1时,函数f(x)取得极小值,此时f(1)==1,即当x>0时,f(x)≥1,当x<0时,函数f(x)单调递减,且f(x)<0,综上f(x)≥1或f(x)<0,∵A为△ABC的最大内角,∴≤A<π,则0≤A﹣<,则设m=tan(A﹣),则m≥0或m<﹣,∴当m≥0时,f(m)≥1,当m<﹣,f(m)∈(f(﹣),0),即f(m)∈(﹣,0),即f[tan(A﹣)]的取值范围为的值域为(﹣,0)∪[1,+∞),故答案为:(﹣,0)∪[1,+∞)34.2【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】求出曲线的导函数,把x=x0代入即可得到切线的斜率,然后根据过点P0的切线方程为4x﹣y﹣1=0得出切线的斜率从而求出切点的坐标,最后将切点的坐标代入曲线方程即可求出实数k的值.【解答】解:由函数y=3lnx+x+k知y′=3×+1=+1,把x=x0代入y′得到切线的斜率k=+1,因切线方程为:4x﹣y﹣1=0,∴k=4,∴+1=4,得x0=1,把x0=1代入切线方程得切点坐标为(1,3),再将切点坐标(1,3)代入曲线y=3lnx+x+k,得3=3ln1+1+k,∴k=2.故答案为:2.35.y=2x+3【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】欲求在x=0处的切线的方程,只须求出其斜率即可,故先利用导数求出在x=0处的导函数值,再结合导数的几何意义即可求出切线的斜率,从而问题解决.【解答】解:∵f(x)=sinx+e x+2,∴f(x)′=cosx+e x,∴曲线f(x)=sinx+e x+2在点P(0,3)处的切线的斜率为:k=cos0+e0=2,∴曲线f(x)=sinx+e x+2在点P(0,3)处的切线的方程为:y=2x+3,故答案为y=2x+3.36.3x﹣y+1=0【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】求出函数的导数,可得在x=0处切线的斜率,求得切点坐标,运用斜截式方程可得切线的方程.【解答】解:f′(x)=e x(sinx+cosx+x+2),f′(0)=3,f(0)=1,故切线方程是:y﹣1=3x,即3x﹣y+1=0,故答案为:3x﹣y+1=0.37.﹣1+ln3【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】求出函数的导数,通过旗下的斜率,列出方程求解即可.【解答】解:曲线y=lnx,可得y′=,曲线y=lnx的一条切线是直线y=x+b,可得=,解得切点的横坐标x=3,则切点坐标(3,ln3),所以ln3=1+b,可得b=﹣1+ln3.故答案为:﹣1+ln3.38.【考点】定积分在求面积中的应用;定积分.【分析】联立两个解析式得到两曲线的交点坐标,然后对函数解析式求定积分即可得到曲线y=x2与所围成的图形的面积.。

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