四川省成都市龙泉驿区第一中学校高二物理下学期入学考试试题
四川省成都市龙泉驿区第一中学2021-2022学年高二物理联考试卷含解析
四川省成都市龙泉驿区第一中学2021-2022学年高二物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选）如下图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，开始时，开关S断开。
当S接通时，以下说法正确的是( )A．副线圈两端M、N的输出电压减小B．副线圈输电线等效电阻R上的电压增大C．通过灯泡L1的电流减小D．原线圈中的电流减小参考答案：BC2. 甲、乙两物体的质量相同，速度之比v甲:v乙=3:1，它们的动能之比EK甲：EK乙等于A. 1：1B. 1：3C. 3：1D. 9：1参考答案：D3. 如图所示，高为h的光滑绝缘曲面处于匀强电场中，匀强电场的方向平行于竖直平面，一带电荷量为＋q，质量为m的小球，以初速度v0从曲面底端的A点开始沿曲面表面上滑，到达曲面顶端B点的速度仍为v0，则A. 电场力对小球做功为mgh＋B. A、B两点的电势差为C. 小球在B点的电势能大于在A点的电势能D. 电场强度的最小值为参考答案：B试题分析：小球上滑过程中，由动能定理得：，则得电场力做功 W=mgh．故A错误．由W=qU得，A、B两点的电势差为．故B正确．由于电场力做正功，小球的电势能减小，则小球在B点的电势能小于在A点的电势能．故C错误．由U=Ed得，，若电场线沿AB时，AB两点沿电场线方向的距离 d＞h，则，即场强的最小值小于．故D错误．故选B。
考点：动能定理；电势及电势能【名师点睛】本题运用动能定理求解电场力做功．只要掌握W=qU、U=Ed两个公式，准确理解d的含义：沿电场线方向两点间的距离，此题就不难解答。
4. 如图1所示，在A板附近有一电子由静止开始向B板运动，则关于电子到达B板时的速率，下列解释正确的是()A．两板间距越大，加速的时间就越长，则获得的速率越大B．两板间距越小，加速度就越大，则获得的速率越大C．与两板间的距离无关，仅与加速电压U有关D．以上解释都不正确参考答案：C试题分析：根据动能定理知，qU=mv2，解得：，获得的速率与加速电压有关，与间距无关．加速度，知间距越小，加速度越大．根据，解得：，间距越大，时间越长，故ABD错误，C正确．故选C。
高二下学期入学考试物理试题及答案解析
高二第二学期入学考试高二物理试卷（考试时间：90分钟满分：100分）注意事项：1、本试卷分为第I卷（选择题）和第II卷（实验、计算题）两部分。
2、选择题答案请用2B铅笔准确地填涂在答题卷上相应位置，非选择题答案必须填写在答题卷相应位置，否则不得分。
第I 卷一、选择题（本题共11小题，每小题4分，共计44分．在每小题给出的四个选项中，第1-6小题只有一项符合题目要求，第7-11小题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1.如图所示，两平行直导线和竖直放置，通以方向相反大小相等的电流，a、b两点位于两导线所在的平面内。
则A. b点的磁感应强度为零B. 导线在a点产生的磁场方向垂直纸面向里C. 导线受到的安培力方向向右D. 同时改变了导线的电流方向，导线受到的安培力方向不变2.从地面上方同一高度沿水平和竖直向上方向分别抛出两个等质量的小物体，抛出速度大小都是为v，不计空气阻力，对两个小物体以下说法正确的是（）A．落地时的速度相同B．落地时重力做功的瞬时功率相同C．从抛出到落地重力的冲量相同D．两物体落地前动量变化率相等3.如图所示，光滑的水平地面上有一辆平板车，车上有一个人．原来车和人都静止．当人从左向右行走的过程中（）A．人和车组成的系统水平方向动量不守恒B．人和车组成的系统机械能守恒C．人和车的速度方向相同D．人停止行走时，人和车的速度一定均为零4.如图所示，在竖直放置间距为的平行板电容器中，存在电场强度为E的匀强电场。
有一质量为，电荷量为的点电荷从两极板正中间处静止释放，重力加速度为。
则点电荷运动到负极板的过程A. 加速度大小为B. 所需的时间为C. 下降的高度为D. 电场力所做的功为5.用半导体材料制成热敏电阻，在温度升高时，电阻会迅速减小，如图所示，将一热敏电阻接入电路中，接通开关后，经过一段时间会观察到（）A．电流表示数不变B．电流表示数减小C．电压表示数增大D．电压表示数减小6.如图所示，竖直绝缘墙壁上的Q处有一个固定的质点A，在Q的上方P点用丝线悬挂着另ー个质点B．A、B两质点因带同种电荷而相斥，致使悬线与竖直方向成一角度，由于缓慢漏电使A、B两质点带的电荷量逐渐减少，在电荷漏完之前A、B未接触，下列说法正确的是A. A、B之间的库仑力先变大后変小B. A、B之间的库仑力一直变大C. 丝线的拉力一直不变D. 丝线的拉力先变大后变小7.两个固定的等量异种点电荷，在他们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，若取无穷远处电势为0，则下列说法正确的是A. a点电势比b点电势高B. a、b、c三点与无穷远处电势相等C. a、b两点场强方向相同，a点场强比b点小D. a、c两点场强方向相同，a点场强比c点大8.下列说法中，错误的是（）A. 物理学家密立根首先测出了元电荷e的数值B. 在利用扭秤装置研究库仑定律的过程中，库仑既用到了放大的思想也用到了控制变量法C. 法拉第首先提出电场的概念，这是为了方便分析电荷之间的作用而假想的存在D. 在研究电场磁场时，我们常引人“试探电荷”，要求试探电荷不影响原电场的强弱及分布情况，这里应用了控制变量法9.竖直放置的固定绝缘光滑轨道由半径分别为R的四分之一圆周MN和半径r的半圆周NP拼接而成，两段圆弧相切于N点，R>2r，小球带正电，质量为m，电荷量为q．已知将小球由M点静止释放后，它刚好能通过P点，重力加速度为g，不计空气阻力．下列说法正确的是（）A. 若整个轨道空间加竖直向上的匀强电场E （Eq ＜mg ），则小球仍能通过P 点B. 若整个轨道空间加竖直向下的匀强电场，则小球不能通过P 点C. 若整个轨道空间加垂直纸面向里的匀强磁场，则小球一定不能通过P 点D. 若整个轨道空间加垂直纸面向外的匀强磁场，则小球可能不能通过P 点10.如图所示,以直角三角形AOC 为边界的有界匀强磁场区域,磁感应强度为B ,∠A=60°,AO=L ,在O 点放置一个粒子源,可以向各个方向发射某种带负电粒子.已知粒子的比荷为mq,发射速度大小都为v 0=mqBL.设粒子发射方向与OC 边的夹角为θ,不计粒子间相互作用及重力.对于粒子进入磁场后的运动,下列说法中正确的是( )A. 当θ=45°时,粒子将从AC 边射出B. 所有从OA 边射出的粒子在磁场中运动时间相等C. 随着θ角的增大,粒子在磁场中运动的时间先变大后变小D. 在AC 边界上只有一半区域有粒子射出11.如图所示，一质量为m 的物块甲以3m/s 的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定在其左端，另一质量也为m 的物块乙以4m/s 的速度与物块甲在同一直线上相向运动，则（ ）A ．甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，系统动量守恒B ．当两物块相距最近时，甲物块的速率为零C ．碰撞过程中，甲物块的速率可能为1m/s ，也可能为5m/sD ．碰撞过程中，乙物块的速率可能为2m/s ，也可能为1.7m/s第II卷二、实验填空题（12题4分、13题4分、14题10分，共计18分）12.如图所示，0～3A档电流表读数 A，0～15V档电压表的读数为 V．13.下图中20分度游标卡尺和螺旋测微器的读数分_______cm和_______mm。
高二下学期开学考试物理试题(含答案和解析)
四川省成都外国语学校【精品】高二下学期开学考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列说法正确的是（ ）A ．卡文迪许通过扭秤实验测出了静电力常量B ．电流的磁效应是法拉第发现的C ．摩擦起电是在摩擦的过程中创造了电荷D ．FE q=是通过比值法来定义物理量 2．真空中两个点电荷相距r 时,静电力为F ,如果保持它们的电量不变,而将距离增大为2r 时,则静电力将变为A ．2F B ．F C ．4FD ．2F3．如图所示，一质量为M 的木质框架放在水平桌面上，框架上悬挂一劲度系数为k 的轻质弹簧，弹簧下端拴接一质量为m 的铁球。
用手向下拉一小段距离后释放铁球。
铁球便上下做谐运动，则（ ）A ．弹簧处于原长时的位置是铁球做简谐运动的平衡位置B ．在铁球向平衡位置运动的过程中，铁球的位移、回复力、加速度都逐渐减小，速度和小球重力势能增大C ．若弹簧振动过程的振幅可调，则当框架对桌面的压为零时，弹簧的压缩量为mgkD ．若弹簧振动过程的振幅可调，且保证木质框架不会离开桌面，则铁球的振幅最大是()m M gk+ 4．如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带负电的点电荷仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R在等势面b上，据此可知（）A．三个等势面中，c的电势最低B．该点电荷在R点的加速度方向垂直于等势面bC．Q点的场强大于P点场强D．该点电荷在P点的电势能比在Q点的小5．图中a、b、c、d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相同的电流，方向如图所示．可以判断出a、b、c、d四根长直导线在正方形中心O处产生的磁感应强度方向是( )A．向左B．向右C．向上D．向下6．如图所示，a、b是两个匀强磁场边界上的两点，左边匀强磁场的磁感线垂直纸面向里，右边匀强磁场的磁感线垂直纸面向外，右边的磁感应强度大小是左边的磁感应强度大小的2倍。
四川省成都市2023-2024学年高二下学期第一次月考物理试题含答案
四川省2023—2024学年度下期第一次考试2022级物理试题（答案在最后）第Ⅰ卷（选择题，共43分）一、单选题（本题共7个小题，每小题4分，共28分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1.关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是（ ）A.电磁波在任何介质中的传播速度都为8310m/sB.将手机放在真空塑料袋中，拨打该手机，手机不能接收信号C.赫兹首先用实验证实了电磁波的存在D.麦克斯韦认为，变化的电场一定产生变化的磁场，变化的磁场一定产生变化的电场【答案】C 【解析】【详解】A ．电磁波在真空中传播的速度都是3×108m/s ，而在介质中的传播速度要小于3×108m/s ，故A 错误；B ．电磁波的传播不需要介质，故将手机放在真空塑料袋中，拨打该手机，手机能接收信号，故B 错误；C ．麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹证实了电磁波的存在，故C 正确；D ．根据麦克斯韦的电磁场理论可知，均匀变化的电场产生恒定不变的磁场，均匀变化的磁场产生恒定不变的电场，故D 错误。
故选C 。
2.如图所示，等量异种点电荷分别置于M 、N 两点，O 点为MN 连线的中点，点a 、b 在MN 连线上，点c 、d 在MN 的中垂线上，它们（ ）A.c 点的电场强度比b 大B.a 、b 两点的电势相同C.将电子沿直线从c 移到d ，电势能先增大后减小D.将电子沿直线从a 移到b ，电场力对电子一直做负功【答案】D【解析】【详解】A ．c 点场强小于O 点场强，b 点场强大于O 点场强，则b 点场强大于c 点场强，故A 错误；B ．沿着电场线方向电势降低，a 点电势高于b 点电势，故B 错误；C ．c 、d 连线是一条等势线，电子沿直线从c 点移到d 点，电势能不变，故C 错误；D ．将电子沿直线从a 点移到b 点，电场力方向向左，所以电场力做负功，故D 正确。
故选D 。
3.如图，一端连接电源的平行光滑导轨AB 和CD 水平放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B ，方向与水平面成θ夹角且垂直于导体棒MN 指向右上方；导轨所在平面内的轻弹簧平行于导轨，一端连接MN ，另一端连接固定挡板P 。
四川高二高中物理开学考试带答案解析
四川高二高中物理开学考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.物理关系式不仅反映了物理量之间的关系，也确定了单位间的关系。
如关系式U=IR 既反映了电压、电流和电阻之间的关系，也确定了V （伏）与A （安）和（欧）的乘积等效。
现有物理量单位：m （米）、s （秒）、N （牛）、J （焦）、W （瓦）、C （库）、F （法）、A （安）、（欧）和T （特），由他 们组合成的单位都与电压单位V （伏）等效的是（ ）A ．J/C 和N/CB ．C/F 和T·m 2/sC ．W/A 和C·T·m/sD ．W 1/2·Ω1/2和T·A·m2.如图，真空中电量均为Q 的两正点电荷，固定于一绝缘正方体框架的两侧面ABB 1A 1和DCC 1D 1中心连线上，且两电荷关于正方体中心对称，则A ．A 、B 、C 、D 四个点的电势相同B ．A 1、B 1、C 1、D 1四个点的电场强度相同C ．负检验电荷q 在A 点的电势能小于在C1点的电势能D ．正检验电荷q 从C 点移到C1点过程电场力对其做正功3.在如图所示的电路中，灯泡L 的电阻大于电源的内阻r ，闭合开关S ，将滑动变阻器滑片P 向左移动一段距离后，下列结论正确的是A ．灯泡L 变亮B ．电源的输出功率变大C ．电容器C 上电荷量减少D ．电流表示数变小，电压表示数变大4.如图所示，带正电的粒子以一定的初速度v0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出．已知板长为L ，板间距离为d ，板间电压为U ，带电粒子的电荷量为q ，粒子通过平行金属板的时间为t （不计粒子的重力），则（ ）A ．在前时间内，电场力对粒子做的功为qU/4B ．在后时间内，电场力对粒子做的功为3qU/8C ．粒子的出射速度偏转角满足D ．在粒子下落前和后的过程中，运动时间之比为∶15.如图所示，固定位置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d ，其右端接有阻值为R 的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为B 的匀强磁场中。
四川省高二物理下学期入学试卷(A)(2021年整理)
四川省2017-2018学年高二物理下学期入学试卷（A）编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（四川省2017-2018学年高二物理下学期入学试卷（A））的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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四川省2017—2018学年高二物理下学期入学试卷（A)一、选择题（本题共12小题，每小题4分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,1—8小题只有一个选项正确,9—12小题有多个选项正确,全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1.如图（a)所示，AB是某电场中的一条电场线.若有一电子以某一初速度并且仅在电场力的作用下，沿AB由点A运动到B点,其速度图象如图（b）所示。
下列关于A、B两点的电势φ和电场强度E大小的判断正确的是A.E A = E BB. E A<E BC. φA 〉φBD. φA <φB2．如图所示,A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠ABC=60°,BC=20cm，若把一个电量q=10-5C的正电荷从A移到B时，电场力不做功；从B移到C时，电场力做的功为1。
73×10—3J，则该匀强电场的场强的大小和方向是A. 1000 V/m，垂直AB斜向下B。
1000 V/m，垂直AB斜向上C. 865 V/m，垂直AC向左D。
865 V/m，垂直AC向右3．如图所示，两个带电小球A、B分别用细丝线悬挂在同一点O,静止后A 球与B球等高，细丝线与竖直方向的夹角分别为α、β且α〉β，关于两小球的质量m1、m2和电荷量q1、q2的关系，下列情况可能的是B，q2，OA ．m1〉m2，q1〈q2B ．m1〈m2，q1〉q2C ．m1=m2，q1<q2D ．m1=m2，q1>q24．如图所示，M 、N 是两个等量异种点电荷，P 、Q 是M 、N 连线的中垂线上且与连线距离相等的两点，则A ．在M 、N 连线的中垂线上,从P 到Q,各点电势都相等,场强方向都相同B ．在M 、N 连线的中垂线上，从P 到Q ，场强先增大后减小，电势先升高后降低C ．在M 、N 连线的中垂线上，从P 到Q ，场强先减小后增大，各点的电势都相等D ．在M 、N 连线上，从M 到N,场强先减小后增大，电势逐渐升高5．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R 并控制电动机使其停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5 A 和2。
四川高二高中物理开学考试带答案解析
四川高二高中物理开学考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.把一条导线平行地放在如图所示的磁针的上方附近，当导线中有电流时，磁针会发生偏转．首先观察到这个实验现象的物理学家是（ ）A ．奥斯特B ．爱因斯坦C ．牛顿D ．伽利略 2.真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F ．如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的3倍，那么它们之间静电力的大小变为（ ）A ．B ．C ．9FD ．81F3.如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形闭合线框abcd ，线框平面与磁场垂直．在下列哪种情况，可使线框中产生感应电流（ ）A ．线框沿纸面向右加速运动B ．线框垂直纸面向外运动C ．线框绕ad 边转动D ．线框绕过d 点与纸面垂直的轴，沿纸面顺时针转动4.如图所示，a 、b 为静电场中一条电场线上的两点，一个带正电的试探电荷只在电场力作用下从a 点沿直线运动到b 点．下列说法中正确的是（ ）A ．b 点的电场强度比a 点的电场强度大B ．b 点的电势比a 点的电势高C ．试探电荷在b 点的电势能比在a 点的电势能大D ．试探电荷在b 点的速度比在a 点的速度大5.对电容C=，以下说法正确的是（ ）A ．电容器充电量越大，电容就越大B ．电容器的电容跟它两极所加电压成反比C ．电容器的电容越大，所带电量就越多D ．对于确定的电容器，它所充的电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变6.有关洛仑兹力和安培力的描述，正确的是（ ）A ．通电直导线处于匀强磁场中一定受到安培力的作用B ．安培力是大量运动电荷所受洛仑兹力的宏观表现C ．带电粒子在匀强磁场中运动受到洛仑兹力做正功D ．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行7.如图所示，a 、b 是两条用同一种材料制成的、横截面积相同的金属导体，长度分别为l a 、l b ，且有l a ＜l b ．现将两者按图示电路连接，当开关S 闭合后，电路正常工作，电压表V 1、V 2的读数分别为U 1、U 2，则U 1、U 2的大小关系是（）A．U1＜U2B．U1＞U2C．U1=U2D．不能确定8.如图所示的电路，闭合开关S，灯泡L正常发光．移动滑动变阻器的滑片使其接入电路的阻值增大，灯泡L将（）A．变亮B．变暗C．亮度不变D．变亮、亮度不变均有可能9.在水深超过200m的深海，光线极少，能见度极小．有一种电鳗具有特殊的适应性，能通过自身发出生物电，获得食物，威胁敌害，保护自己．若该鱼鳗的头尾相当于两个电极，它在海水中产生的电场强度达104V/m，可击昏敌害，鱼鳗身长为50cm，则电鳗在放电时产生的瞬间电压为（）A．10V B．500V C．5000V D．10000V10.如图，一闭合的小金属环用一根绝缘细杆挂在固定点O处，使金属圆环在竖直线OO′的两侧来回摆动的过程中穿过水平方向的匀强磁场区域，磁感线的方向和水平面垂直．若悬点摩擦和空气阻力均不计，则（）A．金属环每次进入和离开磁场区域都有感应电流，而且感应电流的方向相反B．金属环进入磁场区域后越靠近OO′线时速度越大，而且产生的感应电流越大C．金属环开始摆动后，摆角会越来越小，摆角小到某一值后不再减小D．金属环在摆动过程中，机械能将全部转化为环中的电能11.如图所示电路，两根光滑金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨下端接有电阻R，导轨电阻不计，斜面处在竖直向上的匀强磁场中，电阻可略去不计的金属棒ab质量为m，受到沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力F 的作用，金属棒沿导轨匀速下滑，则它在下滑高度h的过程中，以下说法正确的是（）A．作用在金属棒上各力的合力做正功B．重力做的功等于系统产生的电能C．金属棒克服安培力做的功等于电阻R上产生的焦耳热D．金属棒克服恒力F做的功等于电阻R上产生的焦耳热二、实验题1.一多用电表的欧姆档有四个档，分别为×1Ω、×10Ω、×100Ω、×1000Ω，现用它来测一未知电阻，当用×10Ω档测量时，发现指针的偏转角很大，为了测量结果准确些，测量前应进行如下两项操作：先把选择开关旋到 档上（选填“×1Ω”或“×100Ω”），进行 调零（选填“机械”或“欧姆”），然后再测量并读数．2.有一个小灯泡上标有“4V 2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U ﹣I 图线，有下列器材供选用：A ．电压表（0～5V ，内阻10kΩ）B ．电压表（0～10V ，内阻20kΩ）C ．电流表（0～3A ，内阻1Ω）D ．电流表（0～0.6A ，内阻0.4Ω）E ．滑动变阻器（5Ω，1A ）F ．滑动变阻器（500Ω，0.2A ）（1）实验中电压表应选用 ，电流表应选用 ．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用 （用序号字母表示）．（2）请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．三、计算题1.如图所示，匀强磁场的磁感应强度方向竖直向上，一倾角为α的光滑斜面上，静止一根长为L ，重力G ，通有电流I 的金属棒．求：（1）匀强磁场的磁感应强度大小；（2）导体棒对斜面的压力大小．2.如图所示的电路中，电源的电动势E=9V ，内阻r=1Ω；电阻R 1=10Ω，R 2=10Ω，R 3=30Ω，R 4=40Ω；电容器的电容C=100μF ，电容器原来不带电，求：（1）开关S 未接通时电源的电流I ；（2）接通开关S 后流过R 4的总电量Q ．3.如图所示，水平绝缘轨道AB 与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC 平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.40m ．轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场强度E=1.0×104 N/C ．现有一电荷量q=+1.0×10﹣4C ，质量m=0.10kg 的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P 点由静止释放，带电体运动到圆形轨道最低点B 时的速度v B =5.0m/s ．已知带电体与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.50，重力加速度g=10m/s 2．求：（1）带电体运动到圆形轨道的最低点B 时，圆形轨道对带电体支持力的大小；（2）带电体在水平轨道上的释放点P 到B 点的距离；（3）带电体第一次经过C点后，落在水平轨道上的位置到B点的距离．4.如图所示，在xoy坐标系中，y＞0的范围内存在着沿y轴正方向的匀强电场，在y＜0的范围内存在着垂直纸面的匀强磁场（方向未画出）．已知oa=oc=cd=L，ob=．现有一个带电粒子，质量为m，电荷量大小为q（重力从a点出发，沿x轴正方向开始运动．观察到带电粒子恰好从d点第不计）．t=0时刻，这个带电粒子以初速度v一次进入磁场，然后从O点第﹣次离开磁场．试回答：（1）判断匀强磁场的方向；（2）匀强电场的电场强度；进入电场，第一次离开磁场的位置坐标x与出发（3）若带电粒子在y轴的a、b之间的不同位置以相同的速度v点的位置坐标y的关系式．四川高二高中物理开学考试答案及解析一、选择题1.把一条导线平行地放在如图所示的磁针的上方附近，当导线中有电流时，磁针会发生偏转．首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A．奥斯特B．爱因斯坦C．牛顿D．伽利略【答案】A【解析】解：首先观察到这个实验现象的物理学家丹麦物理学家奥斯特．故A正确，B、C、D错误．故选A【点评】本题考查物理学史．在电磁学中有很多著名物理学家和经典的实验要记牢．2.真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F．如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的3倍，那么它们之间静电力的大小变为（）A．B．C．9F D．81F【答案】C【解析】解：距离改变之前：F=k…①当电荷量都变为原来的3倍时：F′=k…②联立①②可得：F′=9F，故ABD错误，C正确．故选：C．【点评】库仑定律应用时涉及的物理量较多，因此理清各个物理量之间的关系，可以和万有引力定律进行类比学习．3.如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形闭合线框abcd，线框平面与磁场垂直．在下列哪种情况，可使线框中产生感应电流（）A．线框沿纸面向右加速运动B．线框垂直纸面向外运动C．线框绕ad边转动D．线框绕过d点与纸面垂直的轴，沿纸面顺时针转动【答案】C【解析】解：A、线框沿纸面向右加速运动，穿过线框的磁通量仍没有变化，所以线框不会产生感应电动势，因此也不会有感应电流出现，故A错误；B、线框垂直纸面向外运动，由于匀强磁场穿过线框的磁通量仍没有变化，所以线框不会产生感应电动势，因此也不会有感应电流出现，故B错误；C、线框绕ad边转动，导致穿过线框的磁通量发生变化，所以线框产生感应电动势，因此有感应电流出现，故C 正确；D、线框绕过d点与纸面垂直的轴，沿纸面顺时针运动，穿过线框的磁通量仍没有变化，所以线框不会产生感应电动势，因此也不会有感应电流出现，故D错误；故选：C．【点评】穿过线圈的磁通量，可以假想成穿过线圈磁感线的条数，则当条数发生变化时，必有感应电动势出现．而条数的变化可以由线圈的运动确定．4.如图所示，a、b为静电场中一条电场线上的两点，一个带正电的试探电荷只在电场力作用下从a点沿直线运动到b点．下列说法中正确的是（）A．b点的电场强度比a点的电场强度大B．b点的电势比a点的电势高C．试探电荷在b点的电势能比在a点的电势能大D．试探电荷在b点的速度比在a点的速度大【答案】D【解析】解：A、一条电场线不能反映电场线的疏密，无法判断电场强度的大小，b点的电场强度不一定比a点的电场强度大．故A错误．B、a点的电势比b点的电势高．故B错误．C、正电荷在电势高处电势能大，则试探电荷在a点的电势能比在b点的电势能大．故C错误．D、根据能量守恒可知，试探电荷在a点的电势能大，则在b点的动能大．故D正确．故选D．【点评】本题考查电荷在电场中各个量的比较能力．学习电场，要抓住电场线的意义，电场线的疏密表示电场强度的大小，电场线的方向反映电势的高低．5.对电容C=，以下说法正确的是（）A．电容器充电量越大，电容就越大B．电容器的电容跟它两极所加电压成反比C．电容器的电容越大，所带电量就越多D．对于确定的电容器，它所充的电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变【答案】D【解析】解：A、电容器的电容与所带电量和两端间的电压无关，由本身的性质决定．故A、B错误．C、根据Q=CU，电容越大，带电量不一定大．故C错误．D、对于确定的电容器，它所充的电量跟它两极板间所加电压的比值保持不变．故D正确．故选D．【点评】解决本题的关键理解电容的定义式，知道电容器的电容与所带的电量和两端间的电势差无关．6.有关洛仑兹力和安培力的描述，正确的是（）A．通电直导线处于匀强磁场中一定受到安培力的作用B ．安培力是大量运动电荷所受洛仑兹力的宏观表现C ．带电粒子在匀强磁场中运动受到洛仑兹力做正功D ．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行【答案】B【解析】解：A 、通电导线方向与磁场方向不在一条直线上时，才受到安培力作用，当二者平行时，安培力为零，故A 错误；B 、磁场对电流的作用力通常称为安培力，安培力的实质是形成电流的定向移动的电荷所受洛伦兹力的合力，故B 正确；C 、洛伦兹力的方向与速度方向垂直，洛伦兹力不做功．故C 错误．D 、根据左手定则知，安培力的方向与磁场方向垂直．故D 错误故选：B【点评】安培力、洛伦兹力的产生、方向是初学者很容易出错的地方，在学习中要加强这方面的练习，提高对知识的理解．7.如图所示，a 、b 是两条用同一种材料制成的、横截面积相同的金属导体，长度分别为l a 、l b ，且有l a ＜l b ．现将两者按图示电路连接，当开关S 闭合后，电路正常工作，电压表V 1、V 2的读数分别为U 1、U 2，则U 1、U 2的大小关系是（ ）A ．U 1＜U 2B ．U 1＞U 2C ．U 1=U 2D ．不能确定【答案】A【解析】解：a 、b 是两条用同一种材料制成的、横截面积相同的金属导体，长度分别为l a 、l b ，且有l a ＜l b ． 根据电阻定律公式R=ρ，有：R a ＜R b ．两个电阻串联，电流相等，根据公式U=IR ，有U 1＜U 2；故选：A ．【点评】本题关键先根据电阻定律判断两个电阻的大小关系，然后根据欧姆定律比较电压的大小，基础题．8.如图所示的电路，闭合开关S ，灯泡L 正常发光．移动滑动变阻器的滑片使其接入电路的阻值增大，灯泡L 将（ ）A ．变亮B ．变暗C ．亮度不变D ．变亮、亮度不变均有可能【答案】B【解析】解：灯泡与滑动变阻器串联后进在电源两端，若动变阻器的滑片使其接入电路的阻值增大，根据闭合电路欧姆定律，电流一定减小；根据公式P=I 2R ，灯泡的发热功率一定减小，故灯泡亮度一定降低；故选：B ．【点评】本题关键先根据闭合电路欧姆定律判断电流变化情况，再根据公式P=I 2R 判断灯泡的实际功率变化情况，简单题．9.在水深超过200m 的深海，光线极少，能见度极小．有一种电鳗具有特殊的适应性，能通过自身发出生物电，获得食物，威胁敌害，保护自己．若该鱼鳗的头尾相当于两个电极，它在海水中产生的电场强度达104V/m ，可击昏敌害，鱼鳗身长为50cm ，则电鳗在放电时产生的瞬间电压为（ ）A ．10VB ．500VC ．5000VD ．10000V【答案】C【解析】解：根据电势差与电场强度的关系U=Ed 得：U=Ed=104×0.5V=5×103V ；故选C ．【点评】理解和掌握电场中各个物理量之间的关系，在具体题目中能熟练的应用．10.如图，一闭合的小金属环用一根绝缘细杆挂在固定点O处，使金属圆环在竖直线OO′的两侧来回摆动的过程中穿过水平方向的匀强磁场区域，磁感线的方向和水平面垂直．若悬点摩擦和空气阻力均不计，则（）A．金属环每次进入和离开磁场区域都有感应电流，而且感应电流的方向相反B．金属环进入磁场区域后越靠近OO′线时速度越大，而且产生的感应电流越大C．金属环开始摆动后，摆角会越来越小，摆角小到某一值后不再减小D．金属环在摆动过程中，机械能将全部转化为环中的电能【答案】AC【解析】解：A、当金属环进入或离开磁场区域时磁通量发生变化，会产生电流．环进入和离开磁场区域，磁通量的变化情况分别是增大和减小，根据楞次定律得感应电流的方向相反，故A正确．B、金属环进入磁场后，由于没有磁通量的变化，因而圆环中没有感应电流，不受磁场力作用，只在重力作用下，离平衡位置越近，则速度越大，故B错误．C、由于从左侧摆到右侧的过程中，线框中磁通量发生变化，因而产生感应电流，由于电阻的存在，线框中将产生焦耳热，根据能量守恒知线框的机械能将不守恒，故在左侧线框的高度将高于起始时右侧的高度，所以摆角会越来越小，当完全在磁场中来回摆动时，则没有感应电流，圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，故C正确．D、圆环最后的运动状态为在磁场区域来回摆动，机械能守恒，金属环在摆动过程中，只有一部分的机械能将转化为环中的电能，故D错误．故选：AC．【点评】本题考查楞次定律的应用和能量守恒相合．注意楞次定律判断感应电流方向的过程，先确认原磁场方向，再判断磁通量的变化，感应电流产生的磁场总是阻碍原磁通量的变化．11.如图所示电路，两根光滑金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨下端接有电阻R，导轨电阻不计，斜面处在竖直向上的匀强磁场中，电阻可略去不计的金属棒ab质量为m，受到沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力F 的作用，金属棒沿导轨匀速下滑，则它在下滑高度h的过程中，以下说法正确的是（）A．作用在金属棒上各力的合力做正功B．重力做的功等于系统产生的电能C．金属棒克服安培力做的功等于电阻R上产生的焦耳热D．金属棒克服恒力F做的功等于电阻R上产生的焦耳热【答案】C【解析】解：A、金属棒沿导轨匀速下滑，合力为零，则合力做功为零．故A错误．B、根据功能关系可知，重力做功等于系统产生的电能与克服恒力F做功之和．故B错误．C、D、由能量转化和守恒定律得知，金属棒克服安培力做功等于电阻R上产生的焦耳热．故C正确，D错误．故选：C【点评】本题考查分析电磁感应现象中功能关系的能力，关键掌握常见的功与能的关系，知道金属棒克服安培力做的功等于系统产生的电能，运用动能定理是处理这类问题常用的方法．二、实验题1.一多用电表的欧姆档有四个档，分别为×1Ω、×10Ω、×100Ω、×1000Ω，现用它来测一未知电阻，当用×10Ω档测量时，发现指针的偏转角很大，为了测量结果准确些，测量前应进行如下两项操作：先把选择开关旋到档上（选填“×1Ω”或“×100Ω”），进行调零（选填“机械”或“欧姆”），然后再测量并读数．【答案】×1Ω；欧姆．【解析】解：第一次测量时用×10挡，调零后测量时发现指针偏转角度很大，说明待测电阻阻值较小，应换一较小挡，所以，换×1的档位，换挡后重新进行欧姆调零，然后再测量．故答案为：×1Ω；欧姆．【点评】本题考查了欧姆表的表盘刻度特点，要注意每次换挡后都要重新进行欧姆调零．2.有一个小灯泡上标有“4V2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U﹣I图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）（1）实验中电压表应选用，电流表应选用．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）．（2）请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．【答案】（1）A； D； E（2）如图【解析】解：（1）根据小灯泡的额定电压为4V，可知电压表应选A；由于小灯泡的额定电流为：I==0.5A，可知电流表应选D；由于采用分压式接法时，变阻器的电阻越小越方便调节，所以变阻器应选E；（2）由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，电压表远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法，故答案如图所示：故答案为：（1）A； D； E（2）如图【点评】本题考查实验中的仪表选择及接法的选择；应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断．三、计算题1.如图所示，匀强磁场的磁感应强度方向竖直向上，一倾角为α的光滑斜面上，静止一根长为L ，重力G ，通有电流I 的金属棒．求：（1）匀强磁场的磁感应强度大小；（2）导体棒对斜面的压力大小．【答案】（1）匀强磁场的磁感应强度大小为（2）导体棒对斜面的压力大小为． 【解析】解：由左手定则知金属棒受水平向右的安培力，对金属棒进行受力分析，运用合成法，如图；由平衡条件得：F 安=BIL=Gtanα则B=（2）由上图，根据三角函数关系知：N=答：（1）匀强磁场的磁感应强度大小为（2）导体棒对斜面的压力大小为．【点评】本题借助安培力考查了受力分析以及平衡问题，可以用合成法也可以用正交分解法，属于基础题．2.如图所示的电路中，电源的电动势E=9V ，内阻r=1Ω；电阻R 1=10Ω，R 2=10Ω，R 3=30Ω，R 4=40Ω；电容器的电容C=100μF ，电容器原来不带电，求：（1）开关S 未接通时电源的电流I ；（2）接通开关S 后流过R 4的总电量Q ．【答案】（1）开关未接通时通过电源的电流为1A ；（2）接通开关后通过R4的电量为6×10﹣4C ．【解析】解：由图可知，R 2与R 3串联后与R 1并联，则总电阻R==8Ω；则由闭合电路欧姆定律可知：I===1A ； （2）开关接通后，电路结构不变，电容器与R 3并联，路端电压U=E ﹣Ir=9﹣1=8V ；R 3两端的电压U 3=U=6V ； 则Q=U 3C=6×100×10﹣6=6×10﹣4C ；答：（1）开关未接通时通过电源的电流为1A ；（2）接通开关后通过R4的电量为6×10﹣4C ．【点评】本题考查闭合电路欧姆定律中的含容电路，在解题时要注意明确电路稳定时，与电容相串联的电阻看作导线处理．3.如图所示，水平绝缘轨道AB 与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC 平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.40m ．轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场强度E=1.0×104 N/C ．现有一电荷量q=+1.0×10﹣4C ，质量m=0.10kg 的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P 点由静止释放，带电体运动到圆形轨道最低点B 时的速度v B =5.0m/s ．已知带电体与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.50，重力加速度g=10m/s 2．求：（1）带电体运动到圆形轨道的最低点B 时，圆形轨道对带电体支持力的大小；（2）带电体在水平轨道上的释放点P 到B 点的距离；（3）带电体第一次经过C 点后，落在水平轨道上的位置到B 点的距离．【答案】（1）带电体运动到圆形轨道的最低点B 时，圆形轨道对带电体支持力的大小为7.25N ；（2）带电体在水平轨道上的释放点P 到B 点的距离为2.5m ；（3）带电体第一次经过C 点后，落在水平轨道上的位置到B 点的距离为0.40m ．【解析】解：（1）设带电体在B 点受到的支持力为F N ，由牛顿第二定律得：F N ﹣mg=m ，解得：F N =7.25N ；（2）设PB 间的距离为s ，由于动能定理得：（qE ﹣μmg ）s=mv B 2﹣0，解得：s=2.5m ；（3）设带电体运动到C 点的速度为v C ，由动能定理得：，带电体离开C 点后在竖直方向上做自由落体运动，2R=gt 2，在水平方向上做匀减速运动，设在水平方向的加速度大小为a ，依据牛顿第二定律：qE=ma ，设落在水平轨道上的位置到B 点的距离为x ，水平方向位移：x=v c t ﹣at 2，解得：x=0.40m ；答：（1）带电体运动到圆形轨道的最低点B 时，圆形轨道对带电体支持力的大小为7.25N ；（2）带电体在水平轨道上的释放点P 到B 点的距离为2.5m ；（3）带电体第一次经过C 点后，落在水平轨道上的位置到B 点的距离为0.40m ．【点评】本题是动能定理与圆周运动的向心力、运动的合成与分解知识的综合，关键是运用分解法研究带电体在复合场中运动的过程．4.如图所示，在xoy 坐标系中，y ＞0的范围内存在着沿y 轴正方向的匀强电场，在y ＜0的范围内存在着垂直纸面的匀强磁场（方向未画出）．已知oa=oc=cd=L ，ob=．现有一个带电粒子，质量为m ，电荷量大小为q （重力不计）．t=0时刻，这个带电粒子以初速度v 0从a 点出发，沿x 轴正方向开始运动．观察到带电粒子恰好从d 点第一次进入磁场，然后从O 点第﹣次离开磁场．试回答：（1）判断匀强磁场的方向；（2）匀强电场的电场强度；（3）若带电粒子在y 轴的a 、b 之间的不同位置以相同的速度v 0进入电场，第一次离开磁场的位置坐标x 与出发点的位置坐标y 的关系式．【答案】（1）匀强磁场的方向垂直于纸面向外；（2）匀强电场的电场强度是；（3）若带电粒子在y 轴的a 、b 之间的不同位置以相同的速度v 0进入电场，第一次离开磁场的位置坐标x 与出发点的位置坐标y 的关系式【解析】解：（1）粒子在电场中逆电场线的方向运动，所以粒子带负电，要使粒子能从O 点射出，磁场方向应垂直于纸面向里．（2）粒子在电场中作类平抛运动，有：解得：θ=45°即v y =v 0，所以，：由动能定理有： 解得：同时，由几何关系可得，粒子在磁场中作圆周运动，，半径， 洛伦兹力提供向心力，有：解得： （3）记粒子从y 处射出，进入磁场时，横坐标为x ，与x 轴的夹角为θ，则有：x=v 0t…•…‚…ƒ解得：同理，记射出点到x 的距离为△x ，则有：△x=2Rsinθ带入B 解得：△， 故△x=x ，所以粒子第一次离开磁场的位置坐标原点，与位置坐标y 无关答：（1）匀强磁场的方向垂直于纸面向外；（2）匀强电场的电场强度是；（3）若带电粒子在y 轴的a 、b 之间的不同位置以相同的速度v 0进入电场，第一次离开磁场的位置坐标x 与出发点的位置坐标y 的关系式【点评】本题是带电粒子在组合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况确定运动情况，结合几何关系以及半径公式求解，难度较大．。
高二物理下学期开学考试试题普通班
高二一般班开学考试物理试题一、选择题（ 48 分，每题 4 分）1．以下装置中没实用到带电粒子在磁场中发生偏转的原理的是（）A．磁流体发电机 B．盘旋加快器 C ．示波管 D ．电视显像管2．如下图， A和 B 是两个完整同样的灯泡，C和D都是理想二极管，两二极管的正向电阻为零，反向电阻无量大，L 是带铁芯的线圈，其自感系数很大，直流电阻忽视不计。
以下说法正确的选项是（）A．开关 S闭合， A先亮B．开关 S闭合， A、B同时亮C．开关 S断开， B渐渐熄灭D．开关 S断开， A闪亮一下，而后渐渐熄灭3．1922 年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖。
若速度同样的一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如下图，则以下说法正确的选项是（）A．该束带电粒子带负电B．速度选择器的 P1 极板带正电C．在 B2 磁场中运动半径越大的粒子，质量越大D．在 B2 磁场中运动半径越大的粒子，比荷 q/m 越大4．如下图，把一个装有导电溶液的圆形玻璃器皿放入磁场中，玻璃器皿的中心放一个圆柱形电极 B，与电池的正极相连；沿器皿边沿内壁放一个圆环形电极 A，与电池的负极相连。
从器皿上方往下看（俯视），对于导电溶液和溶液中正、负离子的运动，以下说法中正确的选项是（）A．溶液做逆时针方向运动B．溶液做顺时针方向运动C．正离子沿圆形玻璃器皿的半径向边沿挪动D．负离子沿圆形玻璃器皿的半径向中心挪动5、如下图，质量、电量分别为 m1、m2、q1、q2 的两球，用绝缘丝线悬于同一αβ点，静止后它们恰巧位于同一水平面上，细线与竖直方向夹角分别为α、β，则（）m1 m2A. 若 m1=m2，q1<q2，则α<βB．若 m1= m2，q1<q2，则α>βC．若 q1=q2，m1>m2，则α>βD．若 m1> m2，则α<β, 与 q1、q2 能否相等没关6、如下图，通电螺线管双侧各悬挂一个小铜环，铜环平面与螺线管截面平行，当 S 接通一瞬时，两铜环的运动状况是（）A ．同时向双侧推开B ．同时向螺线管聚拢C ．一个被推开，一个被吸引，但因电源正负极未知，没法详细判断D ．同时被推开或同时向螺线管聚拢，但因电源正负极未知，没法详细判断7、在如下图的电路中，灯泡 L 的电阻大于电源的内阻r ，闭合电键 S，将滑动变阻器滑片P向左挪动一段距离后，以下结论正确的选项是 ( )A．灯泡 L 变亮B．电源的输出功率变大C．电容器C上的电荷量减少D．电流表读数变小，电压表读数变大8、两条直导线相互垂直，如下图，但相隔一个小距离，此中一条 AB 是固定的，另一条CD能自由转动．当电流按图所示的方向通入两条导线时， CD导线将 ( ) ．A.顺时针方向转动，同时凑近导线 AB；B.逆时针方向转动，不平动；C.顺时针方向转动，同时走开导线 AB；D.逆时针方向转动，同时凑近导线 AB．9．如图是一个理想变压器， K 为单刀双掷电键， P 是滑动变阻器的滑动触头， U1 为加在原线圈两头电压， I 1 为经过原线圈的电流，则A．k 合在 b 处，保持 U1 不变，使 P 上滑， I 1 将增大B．k 合在 b 处，保持 P 的地点不变，减小 U1，I 1 将增大C．保持 U1 及 P 的地点不变， K 由 b 合向 a 后， I1 将增大D．保持 U1 及 P 的地点不变， K 由 b 合向 a 后， R耗费的功率将减小10．对于以下图片中的物理现象，描绘正确的选项是A．甲图，水波由深水区流传至浅水区，波速方向改变，属于波的反射现象B．乙图，水波穿过阻碍物的小孔后，能流传至双侧地区，属于波的衍射现象C．丙图，两列同频次的水波在空间叠加，部分地区振动增强，属于波的干预现象D．丁图，竹竿举起蜂鸣器迅速转动，听到蜂鸣器频次发生变化，属于波的多普勒效应11．如下图，为一质点的振动图像，曲线知足正弦变化规律，则以下说法中正确的选项是A．该振动为简谐振动B．该振动为振幅为 10cmC．前 0.08s 内，质点发生的位移为 20cmD．0.04s 末，质点的振动方向沿 x 轴负向12．如下图，一列简谐波在 x 轴上流传，实线和虚线分别表示前后间隔 1s 的两个时辰的波形图，则这列简谐波的波速可能是A．．．．二、实验题填空题13．图（ a）为某同学组装达成的简略多用电表的电路图。
四川省成都市龙泉驿区第一中学校高二物理入学考试试题
成都龙泉高中高2015级高二（上）入学考试试题物 理试题分第Ⅰ卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间100分钟。
第Ⅰ卷（选择题，共42分）一、单项选择题（本题共6小题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项．．．．．．是符合题意的。
每小题3分，共18分）1.下列与磁场有关的物理概念中，错误的是（ ）A.磁感线的切线方向表示磁场的方向，其疏密表示磁感应强度的大小B.磁感应强度的方向跟放入磁场中的受磁场力作用的电流方向有关C.磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，是矢量D.磁感应强度的方向跟产生磁场的电流方向有关，而与放入磁场中的受磁场力作用的电流无关 2.如图，两个质量均为m 的小木块a 和b （可视为质点）放在水平圆盘上，a 与转轴OO ′的距离为l ，b 与转轴的距离为2l 。
木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k 倍，重力加速度大小为g 。
若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是（ ）A ．a 一定比b 先开始滑动B ．a 、b 所受的摩擦力始终相等C ．ω＝lkg2是b 开始滑动的临界角速度 D ．当ω＝lkg32时，a 所受摩擦力的大小为kmg 3.从同一点沿水平方向抛出的甲、乙两个小球能落在同一个斜面上，运动轨迹如图所示，不计空气阻力，下列说法正确的是( )A ．甲球下落的时间比乙球下落的时间长B ．甲球下落的时间和乙球下落的时间相等C ．甲球的初速度比乙球初速度大D ．甲球的初速度比乙球初速度小4．如图所示，在一均匀磁场中有一U 形导线框abcd ，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R 为一电阻，ef 为垂直于ab 的一根导体杆，它可在ab 、cd 上无摩擦地滑动．杆ef 及线框中导线的电阻都可不计．开始时，给ef 一个向右的初速度，则 ( ) A ．ef 将减速向右运动，但不是匀减速 B ．ef 将匀减速向右运动，最后停止 C ．ef 将匀速向右运动 D ．ef 将往返运动5．如图所示，一个内壁光滑的圆锥的轴线垂直于水平面，圆锥固定不动，两个质量相同的球A 、B 紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则( )A ．球A 的角速度必等于球B 的角速度 B ．球A 的线速度必大于球B 的线速度C ．球A 的运动周期必小于球B 的运动周期D ．球A 对筒壁的压力必大于球B 对筒壁的压力3题图6．汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图所示，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为58A，若电源电动势为12.5V，内阻为0.05Ω．电流表内阻不计，则因电动机启动，车灯的电功率降低了（）A．35.8 W B．43.2 W C．48.2 W D．76.8 W二．不定项选择题（每题至少有一个选项与题意符合，选出与题意相符的选项。
物理下学期入学试卷高二全册物理试题
校干市掉吃阳光实验学校一中高二〔下〕入学物理试卷一、选择题〔1-5为单项选择，6-8为多项选择；每题6分，共48分〕1．关于电场强度，以下说法正确的选项是〔〕A．以点电荷为球心，r为半径的球面上，各点的场强相同B．正电荷周围的电场强度一比负电荷周围的电场强度大C．在电场中某点放入试探电荷q，该点的电场强度为E=，取走q后，该点的场强不为零D．电荷所受到的电场力很大，即该点的电场强度很大2．如下图，上、下两带电小球的质量均为m，所带电荷量分别q为和﹣q，两球间用绝缘细线连接，上球又用绝缘细线悬挂在天花板上，在两球所在空间有方向向左的匀强电场，电场强度为E，平衡时细线都被拉紧平衡时的可能位置是图中的哪一个〔〕A ．B ．C ．D ．3．如图表示一交流电的电流随时间而变化的图象，此交流电的有效值是〔〕A．A B ． A C．5 A D．5A4．如下图的电路中，电源电动势为E，内阻为r．如果将滑动变阻器的滑片向b端滑动，那么灯泡L、电表A〔均未超过限度〕会发生何种变化〔〕A．灯泡L变亮，电流表A示数变小B．灯泡L变亮，电流表A示数变大C．灯泡L变暗，电流表A示数变小D．灯泡L变暗，电流表A示数变大5．a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为〔〕A．4 V B．8 V C．12V D．24 V6．如下图，a、b灯分别标有“V 4.0W〞和“V W〞，闭合开关，调节R，能使a、b都正常发光．断开开关后重做，那么〔〕A．闭合开关，a将慢慢亮起来，b立即发光B．闭合开关，a、b同时发光C．闭合开关稳时，a、b亮度相同D．断开开关，a逐渐熄灭，b灯闪亮一下再熄灭7．如下图为圆柱形区域的横截面．在没有磁场的情况下，带电粒子〔不计重力〕以某一初速度沿截面直径方向入射时，穿过此区域的时间为t；假设该区域加垂直该区域的匀强磁场，磁感强度为B，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，速度方向偏转了，根据上述条件可求得的物理量为〔〕A．带电粒子的初速度B．带电粒子在磁场中运动的半径C．带电粒子在磁场中运动的周期D．带电粒子的比荷8．一质量为m、电阻为r的金属杆ab，以一的初速度v0从一光滑平行金属导轨底端向上滑行，导轨平面与水平面成30°角，两导轨上端用一电阻R相连，如下图，磁场垂直斜面向上，导轨的电阻不计，金属杆向上滑行到某一高度之后又返回到底端时的速度大小为v，那么金属杆在滑行过程中〔〕A．向上滑行的时间小于向下滑行的时间B．在向上滑行时电阻R上产生的热量大于向下滑行时电阻R上产生的热量C．向上滑行时与向下滑行时通过电阻R的电荷量相D．金属杆从开始上滑至返回出发点，电阻R 上产生的热量为m〔v02﹣v2〕二、填空题〔每空2分，共18分〕9．在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻〞的中，提供的器材有：A．干电池一节 B．电流表〔量程0.6A〕C．电压表〔量程3V〕 D．开关S和假设干导线E．滑动变阻器R1〔最大阻值20Ω，允许最大电流2A〕F．滑动变阻器R2〔最大阻值200Ω，允许最大电流1A〕〔1〕按图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器选〔填“R1〞、“R2〞〕．〔2〕图乙电路中导线已连接，请用笔画线代替导线将电路补充完整．要求变阻器的滑片滑至最左端时，其使用电阻值最大．〔3〕闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表和电流表的示数．用同样方法测量多组数据，将测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，请作出UI图线，由此求得待测电池的电动势E= V，内电阻r= Ω．〔结果保存三位有效数字〕10．为了研究某导线的特性，某同学所做如下：〔1〕用螺旋测微器测出待测导线的直径，如图甲所示，那么螺旋测微器的读数为mm；〔2〕用多用电表直接测量一段导线的阻值，选用“×10〞倍率的电阻档测量，发现指针偏转角度太大，因此需选择倍率的电阻档〔选填“×1〞或“×100〞〕，欧姆调零后再进行测量，示数如图乙所示，那么测量值为Ω；〔3〕另取一段同样材料的导线，进一步研究该材料的特性，得到电阻R随电压U变化图象如图丙所示，那么由图象可知，该材料在常温时的电阻为Ω；〔结果保存两位有效数字〕三、计算题〔共34分〕11．如下图，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R=Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．sin 37°=0.60，cos 37°=0.80，求：〔1〕通过导体棒的电流；〔2〕导体棒受到的摩擦力；〔3〕假设仅将磁场方向改为竖直向上，求摩擦力．12．如下图，PQNM是由粗裸导线连接两个值电阻组合成的闭合矩形导体框，水平放置，金属棒ab与PQ、MN垂直，并接触良好．整个装置放在竖直向下的匀强磁场中，磁感强度B=0.4T．ab有效长度为l=0.5m，电阻R1=2Ω，R2=4Ω，其余电阻均忽略不计，假设使ab以v=5m/s的速度向右匀速运动，作用于ab的外力大小为多少？R1上消耗的电热功率为多大？〔不计摩擦〕13．如下图，在y＞0的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向；在y＜0的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xy平面〔纸面〕向外．一电量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上y=h处的点P1时速率为v0，方向沿x 轴正方向；然后，经过x轴上x=2h处的 P2点进入磁场，并经过y轴上y=﹣2h 处的P3点．不计重力．求〔l〕电场强度的大小．〔2〕粒子到达P2时速度的大小和方向．〔3〕磁感强度的大小．一中高二〔下〕入学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔1-5为单项选择，6-8为多项选择；每题6分，共48分〕1．关于电场强度，以下说法正确的选项是〔〕A．以点电荷为球心，r为半径的球面上，各点的场强相同B．正电荷周围的电场强度一比负电荷周围的电场强度大C．在电场中某点放入试探电荷q，该点的电场强度为E=，取走q后，该点的场强不为零D．电荷所受到的电场力很大，即该点的电场强度很大【考点】A6：电场强度．【分析】场强是矢量，只有大小和方向均相同场强才相同；点电荷的场强公式为E=k；电场强度是描述电场强弱和方向的物理量，与试探电荷无关．【解答】解：A、以点电荷为球心，r为半径的球面上，各点的场强大小相，方向不同，那么场强不同，故A错误．B、由点电荷的场强公式E=k，可知场强与场源电荷的电荷量和该点与场源电荷的距离有关，所以正电荷周围的电场强度不一比负电荷周围的电场强度大．故B错误．C、电场强度反映电场本身的强弱和方向，与放入电场中的试探电荷无关，所以取走q后，该点的场强不为零．故C正确．D、电荷所受到的电场力很大，由公式F=qE，知可能是由于试探电荷的电荷很大，该点的电场强度不一很大．故D错误．应选：C．2．如下图，上、下两带电小球的质量均为m，所带电荷量分别q为和﹣q，两球间用绝缘细线连接，上球又用绝缘细线悬挂在天花板上，在两球所在空间有方向向左的匀强电场，电场强度为E，平衡时细线都被拉紧平衡时的可能位置是图中的哪一个〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】运用整体法研究上面绳子与竖直方向的夹角，再隔离负电荷研究，分析两电荷之间的绳子与竖直方向的夹角，即可作出判断．【解答】解：首先取整体为研究对象，整体受到重力、电场力和上面绳子的拉力，由于两个电场力的矢量和为：F电=qE+〔﹣qE〕=0，所以上边的绳子对小球的拉力与总重力平衡，位于竖直方向，所以上边的绳子保持在绳子竖直位置．再对负电荷研究可知，负电荷受到的电场力水平向右，所以下面的绳子向右偏转，故A图正确，BCD图都错误，故A正确，BCD错误．应选：A3．如图表示一交流电的电流随时间而变化的图象，此交流电的有效值是〔〕A．A B ． A C．5 A D．5A【考点】E5：交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】根据有效值的义求解．取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，假设产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．【解答】解：将交流与直流通过阻值都为R的电阻，设直流电流为I ，那么根据有效值的义有： R +R=I2RT解得：I=5A应选：D．4．如下图的电路中，电源电动势为E，内阻为r．如果将滑动变阻器的滑片向b端滑动，那么灯泡L、电表A〔均未超过限度〕会发生何种变化〔〕A．灯泡L变亮，电流表A示数变小B．灯泡L变亮，电流表A示数变大C．灯泡L变暗，电流表A示数变小D．灯泡L变暗，电流表A示数变大【考点】BB：闭合电路的欧姆律．【分析】当滑动变阻器的滑片向b端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，引起干路电流和路端电压的变化，分析灯泡L亮度的变化．【解答】解：当滑动变阻器的滑片向b端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，两个电阻串联总电阻减小，那么外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆律知，干路电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，所以灯泡L变暗，电流表A示数变大．故D正确．应选：D．5．a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为〔〕A．4 V B．8 V C．12V D．24 V【考点】AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系；A6：电场强度；AC：电势．【分析】该电场中三点的电势，可以通过作辅助线找出它们之间的关系，从而确第四点的电势．【解答】解：连接bd，做aE⊥bd，cF⊥bd如图．那么：△abE≌△cdF所以：bE=Fd由于在匀强电场的同一条直线上，U=E•dcosθ，所以在相距离上的两点之间的电势差相，即U bE=U Fd由于：△abE≌△cdF所以：U ba=U cd所以：Φc=U cd+Φd=8V．所以正确选项是B．应选：B6．如下图，a、b灯分别标有“V 4.0W〞和“V W〞，闭合开关，调节R，能使a、b都正常发光．断开开关后重做，那么〔〕A．闭合开关，a将慢慢亮起来，b立即发光B．闭合开关，a、b同时发光C．闭合开关稳时，a、b亮度相同D．断开开关，a逐渐熄灭，b灯闪亮一下再熄灭【考点】DE：自感现象和自感系数．【分析】闭合开关的瞬间，L相当于断路，稳后自感作用消失，结合欧姆律分析电流大小．【解答】解：A、闭合瞬间，L相当于断路，b立刻变亮，a逐渐变亮，A正确B 错误．C、闭合开关稳时，a的亮度比b的大，因为根据I=知通过a的电流大，C错误D、电键断开，L相当于电源与两个灯泡串联，逐渐熄灭，由于稳后a灯的电流大于b灯，所以电键断开瞬间b灯的电流比稳时的电流大，b灯闪亮一下再熄灭，D正确应选：AD7．如下图为圆柱形区域的横截面．在没有磁场的情况下，带电粒子〔不计重力〕以某一初速度沿截面直径方向入射时，穿过此区域的时间为t；假设该区域加垂直该区域的匀强磁场，磁感强度为B，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，速度方向偏转了，根据上述条件可求得的物理量为〔〕A．带电粒子的初速度B．带电粒子在磁场中运动的半径C．带电粒子在磁场中运动的周期D．带电粒子的比荷【考点】CI：带电粒子在匀强磁场中的运动；CF：洛仑兹力．【分析】在没有磁场时，不计重力的带电粒子以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域时粒子做匀速直线运动；在有磁场时，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，粒子做匀速圆周运动．在匀速直线运动中虽不知半径，但可由位移与时间列出与入射速度的关系，再由匀速圆周运动中半径公式可算出粒子的比荷、周期．【解答】解：无磁场时，带电粒子做匀速直线运动，设圆柱形区域磁场的半径为R0，那么有：v=…①而有磁场时，带电粒子做匀速圆周运动，由半径公式可得：R=…②由几何关系得，圆磁场半径与圆轨道半径的关系：R=…③由①②③联式可得：；带电粒子在磁场中运动的周期为：T=．由于不知圆磁场的半径，因此带电粒子的运动半径也无法求出，以及初速度无法求出．故C、D正确，A、B错误．应选：CD．8．一质量为m、电阻为r的金属杆ab，以一的初速度v0从一光滑平行金属导轨底端向上滑行，导轨平面与水平面成30°角，两导轨上端用一电阻R相连，如下图，磁场垂直斜面向上，导轨的电阻不计，金属杆向上滑行到某一高度之后又返回到底端时的速度大小为v，那么金属杆在滑行过程中〔〕A．向上滑行的时间小于向下滑行的时间B．在向上滑行时电阻R上产生的热量大于向下滑行时电阻R上产生的热量C．向上滑行时与向下滑行时通过电阻R的电荷量相D．金属杆从开始上滑至返回出发点，电阻R 上产生的热量为m〔v02﹣v2〕【考点】D9：导体切割磁感线时的感电动势；BH：焦耳律．【分析】金属杆上滑过程和下滑过程回路中均有电热产生，金属杆从底端滑上去再滑回底端高度不变，金属杆的重力势能不变，只有动能转化为电热，故金属杆再滑回底端时速度〔设为v1〕必然小于初速度，即v1＜v，上滑阶段的平均速度大于下滑阶段的平均速度．根据q=分析电量的关系．【解答】解：A，由于金属棒运动的过程中，产生电能，机械能不断减小，下滑与上滑经过同一位置时，下滑的速度较小，所以上滑阶段的平均速度大于下滑阶段的平均速度，而上滑阶段的位移与下滑阶段的位移大小相，所以上滑过程的时间比下滑过程短，故A正确；B、由于经过同一位置时上滑的速度比下滑的速度大，产生的感电流大，金属棒所受的安培力大，所以上滑过程中金属棒克服安培力做功多，产生的热量多，故B正确．C、根据q=，知上滑阶段和下滑阶段磁通量的变化量相，所以通过R的电荷量相同，故C正确；D、根据能量守恒知，金属杆从开始上滑至返回出发点的过程中，整个回路产生的热量为m〔v02﹣v2〕，所以电阻R 上产生的热量小于m〔v02﹣v2〕．故D错误．应选：ABC．二、填空题〔每空2分，共18分〕9．在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻〞的中，提供的器材有：A．干电池一节 B．电流表〔量程0.6A〕C．电压表〔量程3V〕 D．开关S和假设干导线E．滑动变阻器R1〔最大阻值20Ω，允许最大电流2A〕F．滑动变阻器R2〔最大阻值200Ω，允许最大电流1A〕〔1〕按图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器选R1〔填“R1〞、“R2〞〕．〔2〕图乙电路中导线已连接，请用笔画线代替导线将电路补充完整．要求变阻器的滑片滑至最左端时，其使用电阻值最大．〔3〕闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表和电流表的示数．用同样方法测量多组数据，将测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，请作出UI图线，由此求得待测电池的电动势E= 0 V，内电阻r= 0 Ω．〔结果保存三位有效数字〕【考点】N3：测电源的电动势和内阻．【分析】〔1〕为方便操作，选最大阻值较小的滑动变阻器；〔2〕根据电路图连接实物电路图；〔3〕根据坐标系内描出的点作出电源的U﹣I图象，然后根据图象求出电源电动势与内阻．【解答】解：〔1〕为方便操作，滑动变阻器选择R1；〔2〕根据电路图连接实物电路图，实物电路图如下图；〔3〕根据坐标系内描出的点作出电源的U﹣I图象如下图，由图示图象可知，图象与纵轴交点坐标值为0，那么电源电动势：E=0V，电源内阻：r==≈0Ω；故答案为：〔1〕R1；〔2〕电路图如下图；〔3〕图象如下图；0；0．10．为了研究某导线的特性，某同学所做如下：〔1〕用螺旋测微器测出待测导线的直径，如图甲所示，那么螺旋测微器的读数为31 mm；〔2〕用多用电表直接测量一段导线的阻值，选用“×10〞倍率的电阻档测量，发现指针偏转角度太大，因此需选择倍率的电阻档×1 〔选填“×1〞或“×100〞〕，欧姆调零后再进行测量，示数如图乙所示，那么测量值为22 Ω；〔3〕另取一段同样材料的导线，进一步研究该材料的特性，得到电阻R随电压U变化图象如图丙所示，那么由图象可知，该材料在常温时的电阻为Ω；〔结果保存两位有效数字〕【考点】N5：描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】〔1〕根据螺线管的读数方法进行读数；〔2〕明确多用电表的测量电阻的方法及读数方法进行换档和读数；〔3〕题目中作出的是电阻随电压的变化关系，由图象可明确常温下的电阻；【解答】解：〔1〕由图可知，螺旋测微器的示数为：d=+2×0.01=31mm；〔2〕角度偏转太大，那么说明示数太小所选择档位太大，故换用小档位；应选用×1档；由图可知，电阻值为：22×1=22Ω；〔3〕由图可知，常温不加电压时，即电压为零时，电阻为Ω；故答案为：〔1〕31〔30～33〕〔2〕×1 22 〔或22.0〕〔3〕三、计算题〔共34分〕11．如下图，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R=Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．sin 37°=0.60，cos 37°=0.80，求：〔1〕通过导体棒的电流；〔2〕导体棒受到的摩擦力；〔3〕假设仅将磁场方向改为竖直向上，求摩擦力．【考点】CC：安培力；BB：闭合电路的欧姆律．【分析】〔1〕根据闭合电路欧姆律求出电流的大小．根据安培力的公式F=BIL 求出安培力的大小．〔2〕导体棒受重力、支持力、安培力、摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出摩擦力的大小．〔3〕假设仅将磁场方向改为竖直向上，重力沿斜面向下的分力于安培力的分力，摩擦力为0【解答】解：〔1〕导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路，根据闭合电路欧姆律有：〔2〕根据左手那么，可判断安培力的方向沿斜面向上，大小为F安=BIL=0.30N 导体棒所受重力沿斜面向下的分力F1=mg sin37°=0.24N由于F1小于安培力，故导体棒受沿斜面向下的摩擦力f，根据共点力平衡条件mg sin37°+f=F安解得：f=0.06N〔3〕根据左手那么，可判断安培力的方向水平向右，大小仍为F安=BIL=0.30N 安培力沿斜面向上的分力F2=F安cos37°=0.24N=F1所以摩擦力为零．答：〔1〕通过导体棒的电流A；〔2〕导体棒受到的摩擦力0.06A；〔3〕假设仅将磁场方向改为竖直向上，摩擦力为012．如下图，PQNM是由粗裸导线连接两个值电阻组合成的闭合矩形导体框，水平放置，金属棒ab与PQ、MN垂直，并接触良好．整个装置放在竖直向下的匀强磁场中，磁感强度B=0.4T．ab有效长度为l=0.5m，电阻R1=2Ω，R2=4Ω，其余电阻均忽略不计，假设使ab以v=5m/s的速度向右匀速运动，作用于ab的外力大小为多少？R1上消耗的电热功率为多大？〔不计摩擦〕【考点】D9：导体切割磁感线时的感电动势．【分析】由公式E=BLv可以求出棒产生的感电动势；由欧姆律求出通过棒的感电流，然后由安培力公式求出安培力；由电功率公式求出电功率．【解答】解：ab棒向右运动产生的电动势为E=BLV=0.4×0.5×5V=1V电路的总电阻为：R===Ω 通过ab棒的电流为：I==A=0.75A作用于ab棒的外力为：F=BIL=0.4×0.75×0.5=0.15N R1消耗的电功率为：P1==W=0.5W答：作用于ab的外力大小为0.15N，R1上消耗的电热功率为0.5W．13．如下图，在y＞0的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向；在y＜0的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xy平面〔纸面〕向外．一电量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上y=h处的点P1时速率为v0，方向沿x 轴正方向；然后，经过x轴上x=2h处的 P2点进入磁场，并经过y轴上y=﹣2h 处的P3点．不计重力．求〔l〕电场强度的大小．〔2〕粒子到达P2时速度的大小和方向．〔3〕磁感强度的大小．【考点】CM：带电粒子在混合场中的运动．【分析】〔1〕粒子在电场中做类平抛运动，由牛顿第二律及运动学公式即可求出电场强度；〔2〕粒子到达P2时速度方向决粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹，由x方向的速度分量和沿y方向的速度分量可得方向角，根据运动学公式即可求解；〔3〕粒子在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动的半径根据几何关系可以求出，再由牛顿第二律即可求出磁感强度．【解答】解：〔1〕粒子在电场中做类平抛运动，设粒子从P1到P2的时间为t，电场强度的大小为E，粒子在电场中的加速度为a，由牛顿第二律及运动学公式有：v0t=2h ①qE=ma ②③联立①②③式可得：〔2〕粒子到达P2时速度方向决粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹，由x方向的速度分量和沿y方向的速度分量可得方向角〔与x轴的夹角〕为θ，v12=2ahθ=45°所以粒子是垂直P2P3的连线进入磁场的，P2P3是粒子圆周运动轨迹的直径，速度的大小为〔3〕设磁场的磁感强度为B，在洛仑兹力作用下粒子做匀速圆周运动的半径根据几何关系可知是r=，由牛顿第二律所以=如图是粒子在电场、磁场中运动的轨迹图答：〔l〕电场强度的大小为．〔2〕粒子到达P2时速度的大小为，与x轴成45°夹角；〔3〕磁感强度的大小为．。
四川高二高中物理开学考试带答案解析
四川高二高中物理开学考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于曲线运动，以下说法中正确的是（）A．平抛运动是一种匀变速运动B．物体在恒力作用下不可能做曲线运动C．做匀速圆周运动的物体，所受合力是恒定的D．做圆周运动的物体合力总是与速度方向垂直2.如图，从地面上方某点，将一小球以10m/s的初速度沿水平方向抛出，小球经过1s落地，不计空气阻力，g=10m/s2，则可求出（）A．小球落地时的速度方向与水平地面成60°角B．小球从抛出点到落地点的位移大小是10mC．小球落地时的速度大小是20m/sD．小球抛出时离地面的高度是5m3.一台准确走动的钟表上的时针、分针、秒针的长度之比为2：3：3，则三针尖端的线速度之比为（）A．1：9：540B．1：12：720C．1：18：1080D．1：90：54004.如图所示，两段长为L的轻质线共同系住一个质量为m的小球，另一端分别固定在等高的A、B两点，A、B两点间距也为L．今使小球在竖直面内绕AB水平轴做圆周运动，当小球到达最高点时速率为v，两段线中的拉力恰好为零，若小球到达最高点时速率为2v，则此时每段线中张力大小为（）A．2mg B．mg C．3mg D．4mg5.如图所示，某物体沿光滑圆弧轨道由最高点滑到最低点过程中，物体的速率逐渐增大，则（）A．物体的合力为零B．物体的合力大小不变，方向始终指向圆心OC．物体的合力就是向心力D．物体的合力方向始终与其运动方向不垂直（最低点除外）6.如图所示，一轻绳的一端系在固定粗糙斜面上的O点，另一端系一小球，给小球一足够大的初速度，使小球在斜面上做圆周运动，在此过程中（）A．小球的机械能守恒B．重力对小球不做功C．绳的张力对小球不做功D．在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球动能的减少7.在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项．质量为m 的跳水运动员进入水中后受到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F ，那么在他减速下降高度为h 的过程中，下列说法正确的是（g 为当地的重力加速度）（ ）A ．他的动能减少了FhB ．他的重力势能增加了mghC ．他的机械能减少了（F ﹣mg ）hD ．他的机械能减少了Fh8.汽车的质量为4吨，最大功率为100kw ，在平直的公路上能达到的最大速度是25m/s ，现让汽车由静止开始先以1m/s 2匀加速起动到最大功率，再以恒定功率加速到最大速度，整个过程中汽车所受的阻力大小不变，则当汽车的速度为15m/s 时汽车的实际功率为（ ）A ．120kwB ．100kwC ．80kwD ．60kw9.已知引力常量G 和下列某组数据就能计算出地球的质量，这组数据是（ ）A ．地球绕太阳运行的周期及地球与太阳之间的距离B ．月球绕地球运行的周期及月球与地球之间的距离C ．人造地球卫星在地面附近绕行的速度及运行周期D ．若不考虑地球自转，已知地球的半径及地球表面重力加速度10.经长期观测，人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每颗恒星的半径远小于两颗恒星之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体．如图，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上某﹣定点O 点做匀速圆周运动，现测得两颗星球之间的距离为l ，质量之比为m 1：m 2=3：2，则可知（ ）A ．m 1、m 2做圆周运动的角速度之比为3：2B ．m 1、m 2做圆周运动的线速度之比为2：3C ．m 1做圆周运动的半径为lD ．m 2做圆周运动的半径为l11.如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A 、B 用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）．初始时刻，A 、B 处于同一高度并处于静止状态．剪断轻绳后A 自由下落、B 沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地前瞬间，两物块（ ）A ．速率的变化量相同B ．机械能的变化量不同C ．重力势能的变化量相同D ．重力做功的平均功率相同二、多选题如图所示，一个内壁光滑的圆锥的轴线垂直于水平面，圆锥固定不动，两个质量相同的球A、B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）A．球A的角速度必等于球B的角速度B．球A的线速度必大于球B的线速度C．球A的运动周期必小于球B的运动周期D．球A对筒壁的压力必大于球B对筒壁的压力三、实验题1.（1）“在验证机械能守恒定律”时，如果以为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出图线的斜率等于的数值．（2）在“验证机械能守恒定律”的实验中，有如下器材：A．打点计时器；B．低压交流电源（附导线）C．天平（附砝码）D．铁架台（附夹子）E．重锤（附夹子）F．纸带G．秒表H．复写纸其中不必要的有；还缺少的是．2.在“研究平抛物体的运动”实验中，在固定斜槽时，应该使末端，每次释放小球的位置应该；如图所示是用闪光照像法拍摄到的平抛小球在运动过程中的闪光照片的一部分．A为抛出后小球运动过程中的某一位置．已知每个小方格的边长是5cm，则小球A运动到B所花的时间为秒，平抛运动的初速度大小为 m/s．（重力加速度g=10m/s2）四、计算题=5m/s水平抛出一个质量m=1kg的小球，不计空气阻力，g取1.某人站在离地面h=10m高处的平台上以速度v10m/s2．问：（1）人对小球做了多少功？（2）小球落地时的速度为多大？2.如图所示是某公园中的一项游乐设施，半径为R=2.5m、r=1.5m的两圆形轨道甲和乙安装在同一竖直平面内，两轨道之间由一条水平轨道CD相连，现让可视为质点的质量为10kg的无动力小滑车从A点由静止释放，刚好可以滑过甲轨道后经过CD段又滑上乙轨道后离开两圆形轨道，然后从水平轨道飞入水池内，水面离水平轨道的高度h=5m，所有轨道均光滑，g=10m/s2．（1）求小球到甲轨道最高点时的速度v．（2）求小球到乙轨道最高点时对乙轨道的压力．（3）若在水池中MN范围放上安全气垫（气垫厚度不计），水面上的B点在水平轨道边缘正下方，且BM=10m，BN=15m；要使小滑车能通过圆形轨道并安全到达气垫上，则小滑车起始点A距水平轨道的高度该如何设计？3.如图所示，AB是倾角为θ=30°的粗糙直轨道，BCD是光滑的圆弧轨道，AB恰好在B点与圆弧相切，圆弧的半径为R，一个质量为m的物体（可以看做质点）从直轨道上的P点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运动．已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为μ．求：（1）物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上通过的总路程；（2）最终当物体通过圆弧轨道最低点E时，对圆弧轨道的压力；（3）为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D，释放点距B点的距离L′至少多大．四川高二高中物理开学考试答案及解析一、选择题1.关于曲线运动，以下说法中正确的是（）A．平抛运动是一种匀变速运动B．物体在恒力作用下不可能做曲线运动C．做匀速圆周运动的物体，所受合力是恒定的D．做圆周运动的物体合力总是与速度方向垂直【答案】A【解析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．解：A、平抛运动只受到重力的作用，是一种加速度不变的曲线运动，即匀变速曲线运动，故A正确；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，物体在恒力作用下，可以做曲线运动，比如平抛运动，所以B错误．C、匀速圆周运动的向心力的方向始终是指向圆心的，方向是不断变化的，所以匀速圆周运动一定是受到变力的作用，所以C错误．D、物体做匀速圆周运动的物体合力才总是与速度方向垂直，所以D错误．故选：A．【点评】本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．2.如图，从地面上方某点，将一小球以10m/s的初速度沿水平方向抛出，小球经过1s落地，不计空气阻力，g=10m/s2，则可求出（）A．小球落地时的速度方向与水平地面成60°角B．小球从抛出点到落地点的位移大小是10mC．小球落地时的速度大小是20m/sD．小球抛出时离地面的高度是5m【答案】D【解析】小球以10m/s的初速度沿水平方向抛出后做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，由初速度和时间求出水平位移．根据时间求出落地时小球竖直方向的分速度，再与水平速度合成求出小球落地时的速度大小．由数学知识求解小球落地时的速度方向与水平地面的夹角．竖直方向做自由落体运动，由运动时间求出高度．再得到位移．解：A 、竖直方向速度为 v y =gt=10m/s=v 0，故小球落地时的速度方向与水平地面成45°角，故A 错误．B 、小球下落的高度为 h=gt 2=5m ，水平位移大小为 x=v 0t=10m ，则从抛出点到落地点的位移大小为 s==5m ，故B 错误；C 、小球落地时的速度 v===10m/s ，故C 错误； D 、由B 项分析知，小球抛出时离地面的高度是5m ．故D 正确．故选：D【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活进行研究．3.一台准确走动的钟表上的时针、分针、秒针的长度之比为2：3：3，则三针尖端的线速度之比为（ ）A ．1：9：540B ．1：12：720C ．1：18：1080D ．1：90：5400【答案】C【解析】已知转动半径和周期，根据v=求解线速度比值．解：秒针、分针、时针尖端尖端做圆周运动的周期分别为：h 、1h 、12h ； 秒针、分针、时针的长度比为：d 1：d 2：d 3=2：3：3；故秒针、分针、时针尖端的线速度之比：1：18：1080，故C 正确．故选：C【点评】解决本题的关键知道时针、分针、秒针的周期，以及知道周期与线速度的关系，难度不大，属于基础题．4.如图所示，两段长为L 的轻质线共同系住一个质量为m 的小球，另一端分别固定在等高的A 、B 两点，A 、B 两点间距也为L ．今使小球在竖直面内绕AB 水平轴做圆周运动，当小球到达最高点时速率为v ，两段线中的拉力恰好为零，若小球到达最高点时速率为2v ，则此时每段线中张力大小为（ ）A ．2mgB ．mgC ．3mgD ．4mg【答案】B【解析】小球在最高点绳子张力为零，靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出小球在最高点速率为2v 时，两段绳子拉力的合力，从而根据力的合成求出每段绳子的张力大小．解：当小球到达最高点速率为v ，有：mg=m当小球到达最高点速率为2v 时，应有：F+mg=m =4mg所以：F=3mg此时最高点各力如图所示，所以：F T =mg ．故选：B ．【点评】本题考查牛顿第二定律和力和合成的综合运用，关键知道小球在最高点向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解．5.如图所示，某物体沿光滑圆弧轨道由最高点滑到最低点过程中，物体的速率逐渐增大，则（ ）A ．物体的合力为零B ．物体的合力大小不变，方向始终指向圆心OC ．物体的合力就是向心力D．物体的合力方向始终与其运动方向不垂直（最低点除外）【答案】D【解析】物体做匀速圆周运动时，合力充当向心力．本题中物体做加速圆周运动，既有切向分力，又有法向分力，根据力的合成进行分析．解：A、据题知，物体做圆周运动，一定有外力提供向心力，合力一定不为零，故A错误．B、C、D物体做圆周运动，一定有指向圆心的外力提供向心力，物体的速率增大，一定有沿圆弧切线方向的分力，根据平行四边形定则可知，物体的合力方向始终与其运动方向不垂直（最低点除外），故BC错误，D正确．故选：D【点评】解答本题关键要根据物体的运动情况，判断物体的受力情况，属于基本问题．6.如图所示，一轻绳的一端系在固定粗糙斜面上的O点，另一端系一小球，给小球一足够大的初速度，使小球在斜面上做圆周运动，在此过程中（）A．小球的机械能守恒B．重力对小球不做功C．绳的张力对小球不做功D．在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球动能的减少【答案】C【解析】物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒．知道除了重力之外的力做功量度机械能的变化．解：A、小球在斜面上做圆周运动，在此过程中小球除了重力之外还有摩擦力做功，所以小球的机械能不守恒，故A错误．B、小球在斜面上做圆周运动，在此过程中小球在竖直方向上有位移产生，所以重力做功，故B错误．C、绳的张力始终与小球的速度方向垂直，所以绳的张力对小球不做功，故C正确．D、根据除了重力之外的力做功量度机械能的变化，在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球的机械能的减少，故D错误．故选C．【点评】本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件，同时能判断各个力做功情况．7.在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项．质量为m的跳水运动员进入水中后受到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F，那么在他减速下降高度为h的过程中，下列说法正确的是（g为当地的重力加速度）（）A．他的动能减少了FhB．他的重力势能增加了mghC．他的机械能减少了（F﹣mg）hD．他的机械能减少了Fh【答案】D【解析】能够运用动能定理求出动能的变化量．能够通过重力做功量度重力势能的变化．知道除了重力和弹簧弹力之外的力做功量度机械能的变化．解：A、在运动员减速下降高度为h的过程中，运动员受重力和阻力，运用动能定理得：（mg﹣F）h=△Ek由于运动员动能是减小的，所以运动员动能减少（F﹣mg）h，故A错误．B、根据重力做功与重力势能变化的关系得：wG =﹣△Ep=mgh，他的重力势能减少了mgh，故B错误．C、由除了重力和弹簧弹力之外的力做功量度机械能的变化得出：w外=△E运动员除了重力还有阻力做功，w外=wF=﹣Fh，他的机械能减少了Fh ，故C 错误．D 、根据C 选项分析，故D 正确．故选：D ．【点评】解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系． 我们要正确的对物体进行受力分析，能够求出某个力做的功．8.汽车的质量为4吨，最大功率为100kw ，在平直的公路上能达到的最大速度是25m/s ，现让汽车由静止开始先以1m/s 2匀加速起动到最大功率，再以恒定功率加速到最大速度，整个过程中汽车所受的阻力大小不变，则当汽车的速度为15m/s 时汽车的实际功率为（ ）A ．120kwB ．100kwC ．80kwD ．60kw【答案】B【解析】当速度最大时，牵引力等于阻力，根据P=Fv m =fv m 求出阻力的大小．根据P=Fv 求出汽车匀加速直线运动的最大速度，将15m/s 与匀加速直线运动的最大速度进行比较，因为汽车一旦达到匀加速直线运动的最大速度，功率达到额定功率，以后功率保持不变．解：当速度最大时，F=f ．有P=fv m ，则f=．根据牛顿第二定律有：F ﹣f=ma ．则牵引力F=f+ma=4000+4×103×1N=8000N ．匀加速直线运动的最大速度当速度大于12.5m/s 时，功率达到额定功率，则当汽车的速度达到15m/s 时，汽车的实际功率P′=P=100kW ．故选：B【点评】解决本题的关键知道发动机功率P=Fv ，知道当速度达到最大时，牵引力等于阻力．以及知道以恒定加速度运动在整个过程中的运动情况．9.已知引力常量G 和下列某组数据就能计算出地球的质量，这组数据是（ ）A ．地球绕太阳运行的周期及地球与太阳之间的距离B ．月球绕地球运行的周期及月球与地球之间的距离C ．人造地球卫星在地面附近绕行的速度及运行周期D ．若不考虑地球自转，已知地球的半径及地球表面重力加速度【答案】BCD【解析】计算中心天体质量的主要思路有：一是在星球表面重力与万有引力相等，据重力加速度和地球半径求地球的质量，二是环绕天体围绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供，根据圆周运动的物理量可以求中心天体的质量． 解：A 、地球绕太阳运行的周期及地球与太阳间距离根据万有引力提供圆周运动向心力，可以计算中心天体太阳的质量，而不可以计算环绕天体地球的质量，故A 不正确；B 、根据万有引力提供圆周运动向心力G=m r ，可得中心天体地球的质量M=，所以B 可以计算出地球的质量M ；C 、已知地面附近绕行的人造卫星的速度及运行周期，根据v=可知，根据周期与绕行速度可以求得卫星轨道半径，再根据B 分析知可以求得中心天体地球的质量M ，故C 正确；D 、不考虑地球自转，在地球表面重力与万有引力相等有，G =mg ，可得地球质量M=，故可知D 正确． 故选：BCD ．【点评】万有引力应用的主要入手点是星球表面重力与万有引力相等，二是万有引力提供环绕天体的向心力．据此只能计算中心天体的质量．10.经长期观测，人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每颗恒星的半径远小于两颗恒星之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体．如图，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上某﹣定点O 点做匀速圆周运动，现测得两颗星球之间的距离为l ，质量之比为m 1：m 2=3：2，则可知（ ）A ．m 1、m 2做圆周运动的角速度之比为3：2B ．m 1、m 2做圆周运动的线速度之比为2：3C ．m 1做圆周运动的半径为lD ．m 2做圆周运动的半径为l【答案】BD【解析】抓住双星围绕连线上的O 点做匀速圆周运动的向心力由彼此间的万有引力提供，因此两星做圆周运动的角速度相等，由此展开讨论即可．解：双星围绕连线上的O 点做匀速圆周运动，彼此间万有引力提供圆周运动向心力，可知双星做圆周运动的周期和角速度相等．令星m 1的半径为r ，则星m 2的半径为l ﹣r ，则有：据万有引力提供圆周运动向心力有：=m 1rω2=m 2（l ﹣r ）ω2，即m 1r=m 2（l ﹣r ）质量之比为m 1：m 2=3：2，所以r=l则星m 2的半径为l ，又因为v=rω可知，两星做圆周运动的线速度之比等于半径之比为2：3，故AC 错误，BD 正确；故选：BD ．【点评】抓住双星靠彼此间的万有引力提供圆周运动的向心力可知，两星做圆周运动的角速度相同这是解决本题的突破口和关键．11.如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A 、B 用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）．初始时刻，A 、B 处于同一高度并处于静止状态．剪断轻绳后A 自由下落、B 沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地前瞬间，两物块（ ）A ．速率的变化量相同B ．机械能的变化量不同C ．重力势能的变化量相同D ．重力做功的平均功率相同【答案】AD【解析】初始时刻，A 、B 处于同一高度并恰好保持静止状态，知A 的重力等于绳子的拉力，B 重力沿斜面向下的分力等于绳子的拉力，所以B 的重力大于A 的重力．根据动能定理求出物块落地的速度，从而比较出速率的变化量．根据重力做功比较重力势能的变化量．由公式P=分析重力做功的平均功率．解：A 、根据动能定理得，mgh=，知落地的速度v=，因为h 相等，落地时速率v 相等，则速率的变化量相同．故A 正确．B 、剪断细线，A 、B 两物体都只有重力做功，机械能守恒，则机械能的变化量都为零．故B 错误．C 、开始A 、B 静止，根据平衡知B 的重力大于A 的重力，根据W G =mgh 知，两物体重力做功不同，则重力势能变化量不同．故C 错误．D 、根据开始时系统平衡得，m B gsinθ=m A g ．两物体落地的速度大小相等，则平均速度大小相等．对A ，重力做功的平均功率P A =m A g ，对B ，重力做功的平均功率P B =m B g sinθ=m A g ．知重力做功的平均功率相同．故D 正确．故选：AD ．【点评】解决本题的关键通过共点力平衡求出A 、B 质量的关系，以及知道剪断细线后，A 、B 两物体机械能守恒．二、多选题如图所示，一个内壁光滑的圆锥的轴线垂直于水平面，圆锥固定不动，两个质量相同的球A、B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）A．球A的角速度必等于球B的角速度B．球A的线速度必大于球B的线速度C．球A的运动周期必小于球B的运动周期D．球A对筒壁的压力必大于球B对筒壁的压力【答案】B【解析】对小球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式，得到角速度、线速度、周期和支持力的表达式，再进行比较．解：ABC、对小球受力分析，受重力和支持力，如图根据牛顿第二定律，有：F=mgtanθ=mω2r=m=m r则得：ω=，v=，T=2π可知，小球的转动半径越大，角速度越小，线速度越大，周期越大，由于A球的转动半径较大，故A的角速度较小，线速度和周期较大，故AC错误，B正确；D、筒壁对小球的支持力 N=，可知支持力相等，则小球对筒壁的压力相等．故D错误．故选：B【点评】本题关键是对小球受力分析，运用合成法，然后根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解分析．三、实验题1.（1）“在验证机械能守恒定律”时，如果以为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出图线的斜率等于的数值．（2）在“验证机械能守恒定律”的实验中，有如下器材：A．打点计时器；B．低压交流电源（附导线）C．天平（附砝码）D．铁架台（附夹子）E．重锤（附夹子）F．纸带G．秒表H．复写纸其中不必要的有；还缺少的是．【答案】（1）重力加速度g（2）C，G；毫米刻度尺【解析】（1）对于物理量线性关系图象的应用我们要从两方面：①、利用原理找出两变量之间的关系式②、从数学角度找出图象的截距和斜率，两方面结合解决问题．（2）首先明确实验原理，确定实验需要测量的物理量，则可进一步知道实验所需要的器材．解：（1）利用图线处理数据，从理论角度物体自由下落过程中机械能守恒可以得出：mgh=mv2即=gh，所以图线为过原点的倾斜直线，图线的斜率等于重力加速度g．（2）由于验证机械能公式中可以把物体质量约掉，因此不需要天平；通过打点计时器来记录物体运动时间，不需要秒表；缺少的是毫米刻度尺，我们需要毫米刻度尺测量计数点间的距离．故答案为：（1）重力加速度g（2）C ，G ；毫米刻度尺．【点评】正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、所测数据等，会起到事半功倍的效果．2.在“研究平抛物体的运动”实验中，在固定斜槽时，应该使末端 ，每次释放小球的位置应该 ；如图所示是用闪光照像法拍摄到的平抛小球在运动过程中的闪光照片的一部分．A 为抛出后小球运动过程中的某一位置．已知每个小方格的边长是5cm ，则小球A 运动到B 所花的时间为 秒，平抛运动的初速度大小为 m/s ．（重力加速度g=10m/s 2）【答案】斜槽末端切线水平，同一位置静止释放，0.1，1【解析】保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度；由于O 点为抛出点，因此根据水平方向匀速，竖直方向自由落体即可正确解答．解：在研究平抛运动的实验中，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，同时一定要使小球水平抛出，否则不是平抛运动，因此斜槽末端切线要保持水平； 由图示可知，x AB =x BC =2l=2×5cm=10cm ，由于平抛运动可分解为水平方向上的匀速直线运动，因此从A 到B 与从B 到C 的运动时间t 相等；由图示可知，y AB =3l=3×5cm=15cm ，y BC =5l=5×5cm=25cm ，在竖直方向上做自由落体运动，则△y=gt 2，则运动时间t====0.1s ，平抛的初速度v 0===1m/s ； 故答案为：斜槽末端切线水平，同一位置静止释放，0.1，1．【点评】解决平抛实验问题时，要特别注意实验的注意事项，在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理，要注重学生对探究原理的理解，提高解决问题的能力；同时熟练应用平抛运动的规律来解答有关问题．四、计算题1.某人站在离地面h=10m 高处的平台上以速度v 0=5m/s 水平抛出一个质量m=1kg 的小球，不计空气阻力，g 取10m/s 2．问：（1）人对小球做了多少功？（2）小球落地时的速度为多大？【答案】（1）12.5J（2）15m/s【解析】（1）根据动能定理求出小球抛出过程手对小球的做功．（2）对小球抛出到落地过程运用机械能守恒定律，求出小球落地时的速度大小．解：（1）根据动能定理，人对小球做的功等于小球获得的动能，得：W=mv 02=×1×52 J=12.5J ．（2）对小球抛出到落地过程，根据机械能守恒定律可知：mgh+mv 02=mv 2所以有：v= m/s=15m/s ．答：（1）人对小球做了12.5J 功．（2）小球落地时的速度为15m/s ．【点评】本题运用动能定理或机械能守恒定律时，要注意选择研究对象，明确哪些力做功．2.如图所示是某公园中的一项游乐设施，半径为R=2.5m 、r=1.5m 的两圆形轨道甲和乙安装在同一竖直平面内，两轨道之间由一条水平轨道CD 相连，现让可视为质点的质量为10kg 的无动力小滑车从A 点由静止释放，刚好可以滑过甲轨道后经过CD 段又滑上乙轨道后离开两圆形轨道，然后从水平轨道飞入水池内，水面离水平轨道的高度。
2020-2021学年四川省高二下学期开学考试物理卷(解析版).doc
2020-2021学年四川省高二下学期开学考试物理卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：全电路欧姆定律,法拉第电磁感应定律,交流电的产生,交流电的最大值与有效值）如图所示，线框abcd的面积为0.05m2,共100匝，线框电阻为1Ω，外接一个电阻为4Ω小灯泡，匀强磁场的磁感应强度B=1/π（特斯拉）,当线框以300r/min的转速匀速转动时，（1）若从线框处于中性面开始计时，写出感应电动势的瞬时值表达式；（2）小灯泡两端电压；【答案】（1）50 sin10πt（2）28．3伏【解析】试题分析：（1）线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为：Em=nBSω=100××0.05×10πV=50V从图示位置开始计时，感应电动势的瞬时值为：e=50sin10πt（V）；电压的有效值为，小灯泡和线圈的串联电阻为5Ω，所以电流表示数为：小灯泡两端的电压UL=IR=5×4=28.3V；考点：交流电的瞬时值；有效值.发电机输出功率为100kw，输出电压是250V，升压变压器的原副线圈匝数比为1：20，输电线电阻为10Ω，降压变压器原副线圈匝数比为20：1，评卷人得分（1）输电线上损失功率；（2）用户得到电压；【答案】（1）4kW；（2）240伏【解析】试题分析：（1）升压变压器副线圈两端电压为U2=20U1=5000V输电线上电流为故输电线上损失功率为P损=I2R=202×10W＝4kW（2）输电线上损失电压为U损=IR=20×10=200V降压变压器两端电压为U3=U2-U损=5000-100V=4800V用户得到电压为U4=U3=240V考点：远距离输电；变压器的计算.地球半径为R0，地表面重力加速度为g0，登山运动员在某山的山顶做单摆实验，测得单摆的摆长为L，周期为T，由以上条件表示此山的高度。
2021年四川省成都市龙泉驿区第一中学高二物理联考试卷含解析
2021年四川省成都市龙泉驿区第一中学高二物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示为三个门电路符号，A输入端全为“1”，B输入端全为“0”．下列判断正确的是()A．甲为“非”门，输出为“1”B．乙为“与”门，输出为“0”C．乙为“或”门，输出为“1”D．丙为“与”门，输出为“1”参考答案：C2. 放在水平桌面上的物体质量为m，用一个F N的水平推力推它t s，物体始终不动，那么在t s内，推力对物体的冲量应为（）A.0B.Ft N·sC.mgt N·sD.无法计算参考答案：B3. 某电场的电场线分布如图所示，a、b两点电场强度的大小关系是（填>、<、=）.参考答案：4. （多选）如图所示，有一束平行于等边三棱镜截面ABC的单色光从空气射向E点，并偏折到F点。
已知入射方向与边AB的夹角为θ=300，E、F分别为边BC的中点，则A．该棱镜的折射率为B．光在F点发生全反射C．光从空气进入棱镜，波长变小D．从F点出射的光束与入射到E点的光束平行参考答案：ACA、由几何知识得：光线在AB面上入射角为i=60°，折射角为r=30°，则折射率为，故A正确；BD、光线在F点的入射角与AB面上的折射角相等，根据光路可逆性原理，得知光在F点不可能发生全反射，而且从F点出射的光束与BC的夹角为θ，所以从F点出射的光束与入射到E点的光束不平行，故BD错误；C、光从空气进入棱镜，频率不变，波速变小，由公式得知，波长变小，故C正确。
故选AC。
5. 我国已开展空气中PM2.5浓度的监测工作．PM2.5是指空气中直径等于或小于2.5 μm的悬浮颗粒物，其飘浮在空中做无规则运动，很难自然沉降到地面，吸入后对人体形成危害．矿物燃料燃烧排放的烟尘是形成PM2.5的主要原因．下列关于PM2.5的说法中正确的是（）A．PM2.5的尺寸与空气中氧分子的尺寸的数量级相当B．PM2.5在空气中的运动属于分子热运动C．PM2.5的运动轨迹是由气流的运动决定的D．PM2.5必然有内能参考答案：D【考点】分子的热运动；阿伏加德罗常数．【分析】“PM2.5”是指直径小于等于2.5μm的颗粒物，PM2.5尺度大于空气中氧分子的尺寸的数量级．PM2.5在空气中的运动是固体颗粒、是分子团的运动，不是分子的热运动．组成物质的所有分子动能与分子势能的和统称为物体内能，一切物体都有内能．【解答】解：A、PM2.5为固体小颗粒，其尺寸比空气中氧分子的尺寸大得多，故A错误；B、PM2.5在空气中的运动不属于分子热运动，故B错误；C、PM2.5的运动轨迹是由大量空气分子对PM2.5无规则碰撞的不平衡和气流的运动决定的，故C错误；D、PM2.5内部的热运动不可能停止，故PM2.5必然有内能，故D正确．故选：D．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. (1) 某小组同学做“探究小车加速度与力、质量关系”的实验中，若测得某一物体受力F一定时，加速度a与物体质量M的关系如下表所示(a)根据表中的数据在下图中的方格纸上作a-1/M的图线(b)由a-1/M图像得出实验结论为：_________________________________________________________________________________ ____________________________________________。
四川省成都市第一中学高二物理联考试卷含解析
四川省成都市第一中学高二物理联考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意 1. （单选题）下列哪些措施是为了防止静电产生的危害（ ） A ．在高大的建筑物顶端装上避雷针 B ．在高大的建筑物顶端安装电视公用天线C ．在高大的烟囱中安装静电除尘器D ．静电喷漆 参考答案： A2. 人从高处跳到低处时，为了安全，一般都是让脚尖先着地，这样做是为了（ ） A ．减小冲量 B ．减小动量的变化量C ．增长与地面的冲击时间，从而减小冲力D ．增大人对地面的压强，起到安全作用参考答案：C【考点】动量 冲量；动量定理．【分析】人落下时速度的变化量相同，根据动量定理可分析让脚尖着地的好处．【解答】解：人在和地面接触时，人的速度减为零，由动量定理可知（F ﹣mg ）t=△mv ； 而脚尖着地可以增加人着地的时间，由公式可知可以减小受到地面的冲击力； 故选C ．3. （多选）如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，有A 、B 、C 三点，A 为两点电荷连线的中心，B 为连线上距A 为d 的一点，C 为连线中垂线上距A 也为d 的一点，关于三点的场强大小、电势高低比较，正确的是（ ）A ．E B ＞EA ＞EC B ． E A ＞EB ＞ECC ． φA=φC ＞φBD ． φB=φC ＞φA解：如图为等量异种点电荷的电场，则电场线是从正电荷出发到负电荷终至．所以A 、B 两点处于从左向右的电场线方向上，则ΦA ＞ΦB ．而A 、C 同处于一根等势线，所以ΦA=ΦC ．因此ΦA=ΦC ＞ΦB ．由等量异种点电荷的电场线的分布，可得B 点的电场线最密，C 点的最疏．所以EB ＞EA ＞EC 故选：AC ．4. 在一次讨论中，老师问道：“假如水中相同深度处有a 、b 、c 三种不同颜色的单色点光源，有人在水面上方同等条件下观测发现，b 在水下的像最深，c 照亮水面的面积比a 的大．关于这三种光在水中的性质，同学们能做出什么判断？”有同学回答如下：①c 光的频率最大 ②a 光的传播速度最小 ③b 光的折射率最大 ④a 光的波长比b 光的短 根据老师的假定，以上回答正确的是 A ．②④ B ．①③ C ．③④ D. ①② 参考答案： A5. 从太阳或其他星体上放射出的宇宙射线中含有大量的高能带电粒子，这些高能粒子流到达地球会对地球上的生命带来危害，但是由于地球周围存在磁场，地磁场能改变宇宙射线中的带电粒子从而对地球上的生命起到保护作用，如图所示。
龙泉驿区第一中学校高二物理下学期入学考试试题(2021年整理)
四川省成都市龙泉驿区第一中学校高二物理下学期入学考试试题编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（四川省成都市龙泉驿区第一中学校高二物理下学期入学考试试题）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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成都龙泉中学2015级高二上学期入学考试卷物理（考试时间90分钟，满分100分）第Ⅰ卷（选择题共42分）一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分．每小题只有一个选项符合题意)1．为防止麻醉剂乙醚爆炸，医疗手术室地砖要使用导电材料,医生和护士的鞋子和外套也要用导电材料，一切设备包括病人身体要良好接触，并保持良好接地。
这是为了( ) A．除菌消毒 B．消除静电C．利用静电 D．防止漏电2．关于物理科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是( ）A．奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象B．库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值C．焦耳首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究D．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说3．如图，接通电键K的瞬间，用丝线悬挂于一点、可自由转动的通电直导线AB将( ) A．A端向上，B端向下，悬线张力不变B．A端向下，B端向上，悬线张力不变C．A端向纸外，B端向纸内,悬线张力变小D．A端向纸内，B端向纸外,悬线张力变大4．一电子在电场中由a点运动到b点的轨迹如图中实线所示．图中一组平行虚线是等势面，则下列说法正确的是（)A．a点的电势比b点低B．电子在a点的加速度方向向右C．电子从a点到b点动能减小D．电子从a点到b点电势能减小5．如图所示,有一带电粒子贴着A板内侧沿水平方向射入A、B两板间的匀强电场,当A、B两板间电压为U时，带电粒子沿轨迹Ⅰ从两板正中间飞出;当A、B两1Ⅰ板间电压为U2时，带电粒子沿轨迹Ⅱ落到B板中间。
四川省成都市龙泉驿区第一中学校高二物理12月月考试题
高中2015级第三学期12月教学质量测试物理本试卷分为试题卷和答题卡两部分，其中试题卷由第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）组成，共4页；答题卡共2页。
满分100分，考试时间100分钟。
注意事项：1. 答题前，考生务必将自己的学校、班级、姓名用0.5毫米黑色签字笔填写清楚，同时用2B 铅笔将考号准确填涂在“准考证号”栏目内。
2. 选择题使用2B铅笔填涂在答题卡对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再选涂其它答案；非选择题用0.5毫米黑色签字笔书写在答题卡的对应框内，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
3. 考试结束后将答题卡收回。
第Ⅰ卷(选择题，共42分)一．本大题12小题，每小题3分，共18分．在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的．1．如图，分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向．下列判断正确是（）A．（1）中电流方向向上 B．（2）中电流从左侧看是反时针方向C．（3）中左、右两导线分别接电源正、负极 D．（4）中电流方向是顺时针2．下列说法中正确的是( )A．电荷在电场中某处不受电场力的作用，则该处的电场强度不一定为零B．一小段通电导线在某处不受磁场力的作用，则该处磁感应强度一定为零C．把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D．把一小段通电导线放在磁场中某处，它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱3．如图所示，框架面积为S，框架平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则下列穿过平面的磁通量的说法中不正确的是( )A ．如图所示位置时等于BSB ．若使框架绕O O′转过60°角，磁通量为12BSC ．若从初始位置转过90°角，磁通量为BSD ．若从初始位置转过180°角，磁通量变化为2BS 4．关于磁电式电流表，下列说法中正确的是( ) A ．电流表的工作原理是安培力对通电导线的加速作用 B ．电流表的工作原理是安培力对通电导线的转动作用 C ．电流表指针的偏转角与所通电流无关 D ．电流表指针的偏转角与所通电流成反比5．如图所示，一圆心为O 、半径为R 的圆有两条互相垂直的直径AC 和BD ，电荷量均为Q 的正、负点电荷固定在圆周上，它们的位置关于AC 对称，+Q 和O 点的连线与OC 间的夹角为60°，两个点电荷的连线与AC 的交点为P 。
成都市高二物理开学考试(2022年下册)网上考试练习
成都市高二物理开学考试（2022年下册）网上考试练习选择题下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是( )A. 根据电场强度的定义式可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B. 根据电容的定义式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C. 根据真空中点电荷的电场强度公式可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量无关D. 根据电势差的定义式可知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则A、B两点间的电势差为UAB＝－1 V【答案】CD【解析】试题电场强度、电容器的定义均采用了比值定义法，电场强度是电场本身的性质和q、F无关，同时电容也与电量及电压无关；电子的电量为元电荷e，由W=Uq可知电场力做功；电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加。
A、电场强度为电场本身的性质与试探电荷的电荷量无关，故A 正确；B、电容也是电容器本身的性质，和极板上的电荷量及电压无关，故B错误；C、电子的电量为e，由W=Uq可知，电场对电子做功加速时W=Ue，即在1V电压下加速，电场力做功为1eV，故C正确；D、由电势差的定义可知，；故D正确；AB错误，故选：CD．选择题如图所示，a、b是两个带有同种电荷的小球，用绝缘丝线悬挂于同一点，两球静止时，它们距水平面的高度相等，绳与竖直方向的夹角分别为α、β，且β＞α．若同时剪断两根细线，空气阻力不计，两球带电荷量不变，则（）A. a球的质量比b球的大B. a、b两球同时落地C. a球的电荷量比b球的大D. a、b两球飞行的水平距离相等【答案】AB【解析】试题分析：同时剪断两根细线时，小球受水平方向的库伦力和竖直方向的重力作用，然后根据水平方向和竖直方向运动的独立性可正确求解．解：A、对小球受力分析，根据平衡条件有：mag=mbg=，由于β＞α，所以ma＞mb，故A正确B、ma＞mb，因此水平方向上，a的加速度小于b的加速度．竖直方向上作自由落体运动，根据运动的独立性可知，两球同时落地，故B正确C、a球的电荷量和b球的电量大小无法判断，故C错误D、由于a的加速度小于b的加速度，因此a球水平飞行的距离比b球小，故D错误．故选AB．选择题如图所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A中通以如下面右图所示的变化电流，t=0时电流方向为顺时针（如图中箭头所示）．在t1~t2时间内，对于线圈B，下列说法中正确的是（）A. 线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势B. 线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势C. 线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势D. 线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势【答案】A【解析】试题分析：在t1～t2时间内，由于线圈A的逆时针方向电流增大，导致线圈B磁通量增大，感应电流的磁场与它相反，根据安培定则可知，线圈A在线圈B内部产生磁场方向垂直纸面向外，则线圈B内有顺时针方向的电流．此时线圈B的电流方向与线圈A 电流方向相反，由异向电流相互排斥，可知线圈间有相互排斥，所以线圈B有扩张的趋势．故B、C、D、误，A正确．故选A.选择题如图所示，光滑绝缘直角斜面ABC固定在水平面上，并处在方向与AB面平行的匀强电场中，一带正电物体在电场力的作用下从斜面的底端运动到顶端，它的动能增加Ek，重力势能增加Ep，则下列说法不正确的是()A. 电场力所做的功等于Ek＋EpB. 物体克服重力做功等于EpC. 合外力对物体做的功等于EkD. 电场力所做的功等于Ek【答案】D【解析】根据功是能量转化的量度，总功是动能变化的量度，重力做功等于重力势能的减小量，电场力做功等于电势能的减小量分析即可解答；AD、物体在电场力的作用下从斜面的底端运动到顶端，电场力做正功，重力做负功，支持力不做功，根据动能定理有：，重力做功等于重力势能的减小量，故：，故，故A正确，D错误；B、物体克服重力做的功等于重力势能的增加量，故为，故B 正确；C、根据动能定理，合外力对物体做的功等于动能的增加量，为，故C正确；不正确的故选D选择题图甲中直线PQ表示电场中的一条电场线，质量为m、电荷量为q的带电粒子仅在电场力作用下沿电场线向右运动，经过P点时速度为v0，到达Q点时速度减为零，粒子从P到Q运动的v－t图像如图乙所示．下列判断正确的是()A. P点电势一定高于点Q电势B. Q点场强大于P点场强C. P、Q两点间的电压为D. 带电的粒子在P点的电势能大于在Q点的电势能【答案】C【解析】根据速度图象看出粒子的速度减小，判断带电粒子受电场力方向，由于带电粒子的带电性质未知，故电场线方向无法确定；根据速度图象的斜率等于加速度，可比较加速度的大小，从而能比较出电场力的大小；AD、由图乙知带电粒子的速度减小，受到向左的电场力，由于带电粒子的带电性质未知，故电场线方向无法确定，所以P点电势与Q点电势无法确定，带电粒子在P点的电势能与Q点的电势能无法确定，故A、D错误；B、由乙图可知，P处的加速度大于Q处的加速度，故P处的场强大于Q处的场强，故B错误；C、由动能定理知：，可求出AB两点的电势差为：，故C正确；故选C。
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ⅠⅡ成都龙泉中学2015级高二上学期入学考试卷物 理（考试时间90分钟，满分100分）第Ⅰ卷（选择题 共42分）一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分．每小题只有一个选项符合题意） 1．为防止麻醉剂乙醚爆炸，医疗手术室地砖要使用导电材料，医生和护士的鞋子和外套 也要用导电材料，一切设备包括病人身体要良好接触，并保持良好接地。
这是为了( )A ．除菌消毒B ．消除静电C ．利用静电D ．防止漏电2．关于物理科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是( ) A ．奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象 B ．库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e 的数值 C ．焦耳首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究 D ．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说3．如图，接通电键K 的瞬间，用丝线悬挂于一点、可自由转动的通电直导线AB 将（ ）A ．A 端向上，B 端向下，悬线张力不变 B ．A 端向下，B 端向上，悬线张力不变C ．A 端向纸外，B 端向纸内，悬线张力变小D ．A 端向纸内，B 端向纸外，悬线张力变大4．一电子在电场中由a 点运动到b 点的轨迹如图中实线所示．图中一组平行虚线是等势面， 则下列说法正确的是( )A ．a 点的电势比b 点低B ．电子在a 点的加速度方向向右C ．电子从a 点到b 点动能减小D ．电子从a 点到b 点电势能减小5．如图所示，有一带电粒子贴着A 板内侧沿水平方向射入A 、B 两板间的匀强电场，当A 、B 两板间电压为U 1时，带电粒子沿轨迹Ⅰ从两板正中间飞出；当A 、B 两板间电压为U 2时，带电粒子沿轨迹Ⅱ落到B 板中间。
设粒子两次射入电场的水平速度之比为2∶1，则两次电压之比为( )A．U1∶U2＝1∶1 B．U1∶U2＝1∶2C．U1∶U2＝1∶4 D．U1∶U2＝1∶86．如图所示，电路中R T为热敏电阻，R1和R2为定值电阻。
当温度升高时，R T阻值变小。
开关S闭合后，若温度降低，下列物理量中变大的是 ( )A．通过R2的电流 B．通过R T的电流C．通过R1的电流 D．电容器两极板间的电场强度二、不定项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全选对得4分，选对但不全的得2分，有错得0分）7．电荷量为q的点电荷在电场中由A点移到B点时，电场力做功W，两点间的电势差为U，若让电荷量为2q的点电荷在电场中由A点移到B点，则( )A．电场力做功为W B．电场力做功为2WC．两点间的电势差为U D．两点间的电势差为2U8．彼此绝缘、相互垂直的两根通电直导线与闭合线圈共面，当两导线中的电流均增大时，下图中闭合线圈一定产生感应电流的是( )9．如图所示为测量未知电阻R x的部分电路，当开关S合在a点时，电压表示数为8V，电流示数为0.2A；当开关S合在b点时，电压表示数为9V，电流表示数为0.15A，则（）A．电流表示数相对变化显著B．电压表示数相对变化显著C．开关S接在b点时的测量值更准确D．开关S接在a点时的测量值更准确10．美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，利用带电粒子在匀强磁场中做圆周运动的特点，使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量。
如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场的场强大小恒定，且被限制在A、C板间，带电粒子从P0处由静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场中做匀速圆周运动。
对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是( )A．带电粒子每运动一周被加速一次B．P1P2=P2P3C．粒子能获得的最大速度与D形盒的尺寸有关D ．A 、C 板间的加速电场的方向需要做周期性的变化11．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．当调节滑动变阻器R 使电动 机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5 A 和2.0 V ．重新调节R 使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A 和24.0 V ．则这台电动机正常运转时输出功率为( )A ．32 WB ．44 WC ．47 WD ．48 W12．如图所示，在半径为R 的圆形区域内充满磁感应强度为B 的匀强磁MN 是一竖直放置的感光板．从圆形磁场最高点P 垂直磁场射入大量的带正电、电荷量为q 、质量为m 、速度为v 的粒子，不考虑粒子间的相互作用力，关于这些粒子的运动以下说法正确的是 ( )A ．只要对着圆心入射，出射后均可垂直打在MN 上B ．对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线不一定．．．过圆心 C ．对着圆心入射的粒子，速度越大，则在磁场中通过的弧长越长，时间也越长 D ．只要速度满足v ＝qBRm，从P 点沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN 上 第II 卷（非选择题 共58分）三、实验探究题（本题共3小题，共18分）13．(1).（4分）如图所示为一块长为a ，宽为b ，厚为c 的金属霍尔元件放在直角坐标系中，电流为I ，方向沿x 轴正方向，强度为B 的匀强磁场沿y 轴正方向，单位体积内自由电子数为n ，自由电子的电量为e ，与z 轴垂直的两个侧面有稳定的霍尔电压。
则 电势高（填“上表面”或“下表面”），霍尔电压H U = 。
(2).（8分）某同学欲测量一只未知电阻R x 的阻值。
①他先用多用电表进行测量，指针偏转如图甲所示．为了使多用电表的测量结果更准确，该同学应选用________挡位，更换挡位重新测量之前应进行的步骤是____________．②接下再用“伏安法”测量该电阻，所用仪器如图乙所示，其中电压表内阻约为5 k Ω，电流表内阻约为5 Ω，滑动变阻器最大阻值为100 Ω．图中部分连线已经连接好，为了尽可能准确地测量电阻，请你完成其余的连线．③该同学正确连线后用“伏安法”测量的电阻R x 的值将________(选填“大于”、“小于”或“等于”)被测电阻的实际值．(3).（6分）在做测量电源电动势E 和内阻r （较大）的实验时，提供的器材是：待测电源一个，已知内阻为R V 的电压表一个（量程略大于电源的电动势），电阻箱一个，开关一个，导线若干。
为了使测量值更加准确，多次改变电阻箱的电阻R ，读出电压表的相应示数U ，以1U为纵坐标，R 为横坐标，画出1U与R 的关系图象（如图所示）。
由图象可得到直线在纵轴上的截距为m ，直线的斜率为k ，试根据以上信息①.在虚线框内画出实验电路图。
②.写出E 、r 的表达式，E = ___________ ；r =_______________四、计算题（本题共3小题，共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．（12分）如图所示，一带电荷量为＋q 、质量为m 的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中时，小物块恰好静止。
重力加速度为g ，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8。
求：（1）水平向右电场的电场强度（2）若将电场强度减小为原来的1/2，物块的加速度是多大 （3）电场强度变化后物块下滑距离为L 时的动能U115．（12分）如图所示的电路中，电源电动势为E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示数和电阻R2上消耗的电功率；（3）当S闭合后，电源的效率η16．（16分）在如图所示的坐标系中，x轴沿水平方向，y轴沿竖直方向。
在第一、第二象限内，既无电场也无磁场，在第三象限内存在沿y轴正方向的匀强电场和垂直xy平面（纸面）向里的匀强磁场，在第四象限内存在与第三象限相同的匀强电场，还有一个等腰直角三角形区域OMN，∠O MN为直角，MN边有挡板，已知挡板MN的长度为。
一质量为m、电荷量为q的带电粒子，从y轴上y=L处的P1点以一定的水平初速度沿x轴负方向进入第二象限，然后经过x轴上x=﹣2L处的P2点进入第三象限，带电粒子恰好能做匀速圆周运动，之后经过y轴上y=﹣2L处的P3点进入第四象限。
已知重力加速度为g。
求：（1）粒子到达P2点时速度的大小和方向；（2）第三象限空间中磁感应强度的大小；（3）现在等腰直角三角形区域OMN内加一垂直纸面的匀强磁场，要使粒子经过磁场偏转后不能从ON边飞出且能打到挡板MN上，求所加磁场的方向和磁感应强度大小的范围。
成都龙泉中学2015级高二上学期入学考试卷物理参考答案一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分．每小题只有一个选项符合题意）二、个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分）13．【答案】(1).下表面 necU H =每空2分 (2)．【答案】①×100 欧姆挡调零 （各2分）②如图所示，补画①②两条线 （2分） ③大于 （2分）(3)．【答案】①电路图如右图所示（2分） ②1VE kR =，Vm kR r k-=（各1分） 14．解：(1)小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，示意图如图所示，则有N sin 37°＝qE …………………(1分) N cos 37°＝mg …………………(1分)可得E ＝3mg4q…………………(2分)(2)若电场强度减小为原的12，即E ′＝3mg8q …………………(1分)由牛顿第二定律得mg sin 37°－qE ′cos 37°＝ma …………………(2分) 可得a ＝0.3g . …………………(1分)(3)电场强度变化后物块下滑距离L 时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得mgL sin 37°－qE ′L cos 37°＝E k －0 …………………(2分)可得E k ＝0.3mgL …………………(2分) 15.【解析】：（1）S 断开时，由311R I U = …………………(1分)得：R 3=2Ω…………………(1分) 又由rR R EI ++=311 …………………(1分)求得：R 1=1.4Ω…………………(1分) (2)S 闭合时，R 2、R 3并联电阻Ω=+=4.0323223R R R R R …………………(1分)回路电流A rR R EI 5.22312=++=…………………(1分)电压表示数为V R I U 12322== …………………(1分)R 2上消耗的功率为W R U P 22222== …………………(1分)（3）电源的输出功率P 出=22EI I r - …………………(1分)电源的总功率P 总=EI …………………(1分) 则电源的效率=75%P P η=出总…………………(2分) 16．解：（1）质点从P 1到P 2做平抛运动，设粒子初速度为v 0，到达P 2点时速度的大小为v ，方向与x 轴负方向成θ角，运动时间为t ，y 轴方向速度大小为v y ，则212L gt =，2L =v 0t ，v y =gt 2202yυυυ+= ………………………………(2分) 0tan υυθy=………………………………(2分) 解得 v= ………………………………(2分) 方向与x 轴负方向成45°角。