广东石油化工学院高分子物理期末考试复习资料四.计算题

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高分子物理期末复习(大题)

高分子物理期末复习甲. 图形题P=Page I=Image画出溶致性液晶的粘度-浓度曲线，并标明各个区域的特征。

Answer: P75 I3-54画出玻璃态聚合物的温度-应变曲线，并标明各个区域名称和位置。

Answer: P181 I7-4画出假塑性流体的的lg σ-lg γ曲线，标出三个区域及名称，并标明零切黏度及极限黏度。

Answer:P182I7-6 左下至右上曲线画出牛顿流体及五种非牛顿流体的流动曲线Answer: P178 I7-2(Left)画出玻璃态聚合物在不同温度下的应力-应变曲线，并标明各个曲线的各自温度范围。

Answer: P209 I8-6画出聚合物的蠕变时的形变-时间曲线，对形变进行适当划分并标明各个区域的形变特征。

Answer: P223 I8-24乙. 计算题假定聚丙烯主链键长为0.154nm ，键角为109.5。

，空间位阻参数σ=1.76，求等效自由结合链的链段长度b22220max 6h b l L === 假定聚乙烯的聚合度为2000，键角为109.5。

，求伸直链长度Lmax 与自由旋转链的根均之比值。

=== 某聚苯乙烯试样的分子量为416000，试估算其无扰链的均方末端距（已知特性比Cn=12，主链键长0.154nm ）8841600416004000104n C H X M ===22202n n n h C nl C X l ==某聚合物完全结晶时密度为0.936g/cm3,无定形时为0.85 g/cm3,现有该聚合物试样一块，体积为1.42×2.96×0.51 cm3，重量为1.94 g ，计算其比体积、体积结晶度和质量结晶度。

111c a a a c c a c a c a c c a W c c c c a c a a c cV c c a cmV mabcm V V V V m V V V abc m V V m V f m m V V V f V V υρρρρρρρρρρρρ===-⎧=⎪+=-⎧⎪⇒⎨⎨+==-⎩⎪=⎪-⎩==++=+ 聚乙烯晶胞的α=β=γ=90°，a=0.74nm,b=0.493nm,c=0.2534nm,z=2,试求聚合物晶体的密度。

高分子物理期末试题卷及答案

高分子物理期末考试试题一、名词解释（每题2分，共10分）：1、内聚能密度与溶度参数：内聚能密度定义为单位体积凝聚体汽化时所需要的能量。

溶度参数定义为内聚能密度的平方根。

2、时－温等效原理：升高温度与延长时间对分子运动是等效的，对聚合物的粘弹行为也是等效的。

3、力学松弛：高聚物的力学性质随时间的变化。

它包括蠕变、应力松驰、滞后、力学损耗。

4、泊松比：材料拉伸时横向应变与纵向应变比值之负数，是一个反映材料性质的重要参数。

5、构型与构象：构型是指分子中由化学键所固定的原子的空间排列。

构象是指由于单键的内旋转而产生的分子中原子的空间位置上的变化。

二、简答题（可任选答8题，每题5分，共40分）：1、试判别在半晶态聚合物中，发生下列转变时，熵值如何改变？并解释其原因：（1）T g转变；（2）T m转变；（3）形成晶体；（4）拉伸取向。

答：（1）T g转变时熵值增大，因链段运动使大分子链的构象数增加；（2分）（2）T m转变时熵值增大，理由同（1）；（1分）（3）形成结晶时熵值减小，因大分子链规整排列，构象数减少；（1分）（4）拉伸取向时熵值减小，理由同（3）。

（1分）2、试述高聚物平衡高弹性的特点、热力学本质和分子运动机理。

答：高聚物平衡高弹性的特点：1) 弹性应变大；2) 弹性模量低；3) T升高，高弹平衡模量增加；4) 快速拉伸，温度升高。

（2分）热力学本质：熵弹性；（1分）分子运动机理：链段运动从卷曲构象转变为伸展的构象。

（2分）3、简述结晶温度对聚合物结晶速度的影响。

答：由于结晶过程可分为晶核生成和晶粒生长两个阶段（1 分），成核过程涉及核的生成和稳定，温度越低越有利于成核（1 分）；晶粒生长取决于链段向晶核扩散和规整堆砌的速度，是一个动力学问题，温度越高越有利于生长（1 分）。

所以结晶速度与温度呈现单峰形。

（1分）T max=0.80～0.85T m (K )。

（1 分）4、指出非晶态聚合物的模量（或形变）-温度曲线的力学行为可分几个区域，并从分子运动机理的角度加以说明。

广东石油化工学院高分子物理期末考试试题4卷

高分子物理期末考试试题4卷一名词解释（每题2分，共10分）：1. 玻璃化转变2. 泊松比3. 力学松弛4．熔融指数5. 应变二、简答题（每题5分，共40分）：１．为什么聚合物的溶解很慢，多数需经过相当长的溶胀过程方能溶解２．聚丙烯腈只能用溶液纺丝，不能用熔融纺丝，而涤纶树脂可用熔融纺丝。

为什么3．聚合物有哪些层次的结构4.根据对材料的使用要求，有哪些途径可改变聚合物的T g。

5. 高聚物粘性流动的特点。

6．写出三个判别溶剂优劣的参数；并讨论它们分别取何值时，该溶剂分别为聚合物的良溶剂、不良溶剂、θ溶剂7.聚合物分子量分布的测定方法8. 高聚物的高弹形变有何特征三、选择题（在下列各小题的备选答案中，请把你认为正确答案的题号填入题干的括号内。

少选、多选不给分。

每题分，共15分）1．结晶聚合物在结晶过程中。

A．体积增大； B．体积缩小； C．体积不变2.下列哪种结晶形态是具有黑十字消光图像的（）。

A、纤维状晶B、球晶C、单晶D、球枝晶3.下列哪种方法是不能提高相容性的（）。

A、反应性共混B、“就地“增容法C、加入增溶剂D、加入稀释剂4．T g温度标志着塑料使用的和橡胶使用的。

前者常表征塑料的，后者表征橡胶的。

A.最低温度; B . 最高温度; C.耐热性; D. 耐寒性.5.在聚合物的力学松弛现象中，和属于静态粘弹性，和属于动态粘弹性。

A.蠕变;B.力学损耗;C.滞后;D.应力松弛.是链段开始“解冻“的温度，因此凡是使链段的柔性_____，使分子间作用力的结构因素均使Tg下降。

A：增加降低 B：增加上升C: 减少上升 D：减少降低7.链的柔性是决定Tg最主要的因素， _ __，Tg越低，主链越 _ __，Tg越高. A：柔顺，僵硬。

B) 僵硬柔顺C：长僵硬 D）短柔顺8. 人们常常制取高分子量的聚乙稀的目的是为了提高它的，在制取结晶性高聚物的过程中常常加入成核剂是为了提高它的。

A.拉伸强度B.冲击强度C.抗张强度D.硬度9.玻璃态高聚物只有处在之间的温度范围，才能在外力作用下实现强迫高弹形变。

(完整word版)高分子物理期末考试试卷及答案

1．比较玻璃化转变温度 Tg 的高低：（B>C>A） A、聚己二酸乙二醇酯，B、聚碳酸酯，C、聚氯乙烯。
2．较抗蠕变性的大小：（A>C>B） A、酚醛塑料，B、聚丙烯，C、聚苯乙烯。
3．比较熔点：（B>C>A） A、聚乙烯，B、聚四氟烯，C、聚甲醛。
4．比较耐水性：（B>C>A） A、聚乙烯醇，B、聚乙酸乙烯酯，C、维尼纶。
5．比较抗冲击强度：（A<B） A、高密度聚乙烯，B、低密度聚乙烯。
6．比较耐汽油性：（A<B） A、丁苯橡胶，B、丁腈橡胶。
7．比较脆化温度 Tb：（A<B） A、聚碳酸酯，B、聚甲基丙烯酸甲酯。
四．填空题（21 分）
1．橡胶分子间应有适度交联，其原因是防止不可逆形变 (分子间滑落) 。
2．与低分子化合物相比，高聚物所独有的性能有高弹性，高粘性，溶胀性，
六．计算题（5 分）
现有苯乙烯（S）和甲基丙烯酸甲酯（M）的三嵌段共聚物 M-S-M，从实验中测得 S 段的质量百分数为 50%，在苯溶剂中 S 段的均方根长度为 10.2nm。若 C-C 键角为 109°28′ 、键长为
0. 15 nm，并假定内旋转不受位垒限制，求出共聚物中 S 段和 M 段的聚合度。
比强度高。
3. 分子量相同的线型聚乙烯和支化聚乙烯的混合试样，当采用溶解度分级时，不能将它们分开，
这是由于溶解度相同
，而采用 GPC 法则能够分开，这是由于流体力学体积
不同，前者大于后者。
4. 用作防震、隔音的高分子材料，要求具有尽可能大的力学内耗(阻尼) 。
5. 高聚物的结晶形态有单晶、球晶、串晶或柱晶、伸直链晶体，

高分子物理复习题4

高分子物理复习题（四）一、名词解释（2分/名词）1．等效自由结合链：由若干个化学键组成的一段链可作为一个能独立运动的单元，称为链段，令链段与链段自由结合，并且无规取向，称为等效自由结合链。

2．取向度：是材料取向程度的衡量指标，一般可用取向函数F 来表示F=)1cos 2(212-θ式中θ为分子链主轴与取向方向间的夹角。

3．溶解度参数：通常将内聚能密度的平方根定义为溶解度参数δ（δ＝5.0)(VE ∆），溶质和溶剂的溶解度参数愈接近，两者愈能相互溶解。

4．溶剂化作用：又称广义酸碱作用，是指溶质和溶剂分子间的作用力大于溶质分子间的作用力，而使溶质分子彼此分离而溶解于溶剂中。

5．次级松弛：在T g （非晶和低结晶聚合物）或T m （高结晶聚合物）以下，小尺寸运动单元从运动到冻结或从冻结到运动的变化过程称为次级松弛。

6．非牛顿性指数：幂律公式∙=ns K γσ中的n 是表征流体偏离牛顿流动的程度的指数，称为非牛顿指数。

7．粘弹性：外力作用下，高聚物材料的形变行为兼有液体粘性和固体弹性的双重特性，其力学性质随时间变化而呈现出不同的力学松弛现象的特性称为粘弹性。

8．Boltzmann 叠加原理：高聚物的力学松弛行为表现为历史上各松弛过程的线性加和。

9．银纹：又称裂纹，是高聚物受应力、环境影响而在表面出现的银白色条纹。

10．表观粘度：与牛顿粘度定义相类比，将非牛顿流体的粘度定义为剪切应力与剪切速率之比，其值称为表观粘度，即∙∙=γγση/)(s a 。

二、填空（2分/题）1.柔顺性的大小可以用⎽空间位阻参数，无扰尺寸（链段长度），极限特征比⎽、来表征。

2.轻度交联可使材料拉伸强度⎽提高⎽⎽、弹性⎽增大⎽⎽、蠕变⎽⎽减少⎽⎽、应力松弛⎽加快 ⎽⎽。

3.高聚物的单晶一般只能在__极稀的溶液中___生成，而在熔体或浓溶液中外力较小时形成__球晶___它在偏光显微镜下具有__黑十字消光图像__现象。

4.通常[η]=K×M α中的α值在0.5－1之间，故同一样品的M n ，M w ，M η和M z 值的大小顺序是＿M n <M η≤M w <M z ＿。

广石化高分子期末试题

阴离子聚合的引发方式主要有负离子加成引发、电子转移引发和电离辐射引发，其中电子转移引发和辐射引发可产生双阴离子。
阳离子聚合的引发剂主要为酸，包括质子酸和路易斯酸，用质子酸一般只能得到低聚体。
Q值差别大的单体，难共聚。Q、e值差别小的单体易共聚，为理想共聚。e值相差大的单体易交替共聚。
根据大分子的微结构，共聚物可分为四种类型：无规、交替、嵌段、接枝
目前配位阴离子聚合的引发体系有（）、（）、（）、（）这四类。
Ziegler-Natta引发体系 -烯丙基镍烷基鋰类茂金属引发剂
简答题：
1.试从热力学角度分析大部分加聚反应在聚合时为什么不可逆。
解：加聚反应是低分子单体转化为大分子，熵值减小的过程，为负值，同时反应放热，因此亦为负值。因而从热力学观点看，只有为负值时，反应才能进行。故。除少数单体外，均超过62.8KJ/mol，约为 104.6KJ/mol.k。一般加聚反应聚合温度超过80℃的不多，而大多数单体的聚合上限温度T0较高。因此在正常聚何温度下，平衡单体浓度都很低。所以多数单体在其正常聚合温度下，可近似认为聚合反应时不可逆的。
(2)如反应前后的聚合物的聚合度发生变化，则情况更为复杂。这种情况常发生在原料聚合物主链中有弱键，易受化学试剂进攻的部位，由此导致裂解或交联。
(3)与低分子反应不同，聚合物化学反应的速度还会受到大分子在反应体系中的形态和参加反应的相邻基团等的影响。
(4)对均相的聚合物化学反应，反映常为扩散控制，溶剂起着重要的作用。对非均相反应则情况更为复杂。
阳离子极易发生发生链转移反应。链转移反应是影响聚合物分子量的主要因素，而聚合反应温度对链转移反应的影响很大。所以一般通过控制聚合反应温度来控制聚合物的分子量。有时也通过加入链转移剂来控制聚合物的分子量。

高分子物理试题库及答案

高分子物理试题库及答案一、选择题1. 下列哪一项不是高分子材料的特点？A. 高分子材料具有可塑性B. 高分子材料具有热塑性C. 高分子材料具有热固性D. 高分子材料具有导电性答案：D2. 高分子链的构象变化主要受哪些因素影响？A. 分子量B. 温度C. 溶剂D. 以上都是答案：D二、填空题1. 高分子材料的玻璃化转变温度是指材料从______状态到______状态的转变温度。

答案：玻璃态；高弹态2. 聚合物的分子量分布可以通过______曲线来表示。

答案：分子量分布三、简答题1. 简述高分子材料的力学性能特点。

答案：高分子材料的力学性能特点包括高弹性、高韧性、高抗冲击性、良好的耐磨性和良好的抗疲劳性等。

2. 解释什么是聚合物的分子量分布。

答案：聚合物的分子量分布是指聚合物中不同分子量的分子所占的比例。

由于聚合反应的不完全性，实际的聚合物中分子的分子量并不是单一的，而是呈一定范围分布的。

四、计算题1. 已知某聚合物的分子量为10000，求其分子量分布指数（Mw/Mn），假设Mn=5000。

答案：Mw/Mn = 10000 / 5000 = 22. 假设某聚合物的分子量分布指数为2，求其分子量Mw，已知Mn=5000。

答案：Mw = Mn * (分子量分布指数) = 5000 * 2 = 10000五、论述题1. 论述高分子材料在现代工业中的应用及其重要性。

答案：高分子材料因其独特的物理、化学和力学性能，在现代工业中应用广泛。

例如，在汽车工业中，高分子材料可用于制造轻质的车身部件以降低能耗；在电子工业中，高分子材料可用于制造绝缘材料和柔性电路板；在医疗领域，高分子材料可用于制造各种医疗器械和生物可降解的植入物。

高分子材料的轻质、耐腐蚀、可塑性强等特点使其在现代工业中具有不可替代的重要性。

(完整word版)广东石油化工学院高分子物理期末考试复习资料四.计算题答案

四、计算题1、某碳链聚α-烯烃，平均分子量为00(1000M M M =为链节分子量，试计算以下各项数值：（1）完全伸直时大分子链的理论长度；（2）若为全反式构象时链的长度；（3）看作Gauss 链时的均方末端距；（4）看作自由旋转链时的均方末端距；（5）当内旋转受阻时（受阻函数438.0cos =ϕ）的均方末端距；（6）说明为什么高分子链在自然状态下总是卷曲的，并指出此种聚合物的弹性限度。

解：设此高分子链为—（—CH 2—CHX —）n —，键长l=0.154nm,键角θ=109.5。

.25)/(,,)()6(6.15)(7.242438.01438.013/113/11154.02000cos 1cos 1cos 1cos 1)5(86.94cos 1cos 1)4(35.47154.02000)3(5.25125.109sin154.020002sin)2(308154.0)1000(2)1(2,2/12max 2/122222222,2222000max 倍弹性限度是它的理论状态下是卷曲的所以大分子链处于自然因为或反式反式反式≈==-+⋅-+⨯=-+⋅-+==-+==⨯===⨯===⨯==r f r f h L h L L nmh nm nl h nm nl h nm nl h nm nl L nm M M nl L ϕϕθθθθθ2、假定聚乙烯的聚合度2000，键角为109.5°，求伸直链的长度l max 与自由旋转链的根均方末端距之比值，并由分子运动观点解释某些高分子材料在外力作用下可以产生很大形变的原因。

解：对于聚乙烯链Lmax=（2/3）1/2nl l n h r f 2)(2/12,=n=2×2000=4000（严格来说应为3999）所以 5.363/40003/)m ax /(2/12,===n h L r f可见，高分子链在一般情况下是相当卷曲的，在外力作用下链段运动的结果是使分子趋于伸展。

高分子物理期末复习参考题

高分子物理期末复习参考题说明：此复习题仅作为复习参考使用，并非考试试题，只是题型和考试类似，希望同学们好好复习。

一、填空题：1、降温速度越快，高聚物的玻璃化转变温度Tg越高2、橡胶弹性的本质—弹性，橡胶在绝热拉伸过程中放热。

3、松弛时间T值越小，表明材料的弹性越。

推迟时间T值越小，表明材料的弹性越。

4、银纹是在张应力的作用下产生的，银纹内部存在微细凹槽，其方向与外力方向垂直。

5、分子链越柔顺，粘流温度越」:高分子极性大，粘流温度越高。

6、温度下降，材料断裂强度增大，断裂伸长率减小。

7、产生橡胶弹性的条件、、。

8、在交变应力(变)的作用下，应变于应力一个相角§的现象称为滞后，tan6的值越小，表明材料的弹性。

9、对于相同分子量，不同分子量分布的聚合物流体，在低剪切速率下，分子量分布的粘度高，在高剪切速率下，分子量分布粘度高。

10、高聚物的粘流温度是成型加工的温度，高聚物的分解温度是成型加工的温度。

11、高聚物屈服点前形变是完全可以回复的，屈服点后高聚物将在恒应力下发生塑性流动，屈服点以后，大多数高聚物呈现应变软化，有些还非常迅速。

屈服发生时，拉伸样条表面产生或剪切带，继而整个样条局部出现。

二、单项选择题1、下列聚合物中，玻璃化转变温度T g的大小顺序是()(1)聚乙烯(2)聚丙烯腈(3)聚丙烯(4)聚氯乙烯A(4)>(2)>(3)>(1)B(2)>(4)>(3)>(1)C(2)>(4)>(1)>(3)D(4)>(2)>(1)>(3)2、下列聚合物中，熔点T m最高的聚合物是()A聚邻苯二甲酸乙二酯B聚间苯二甲酸乙二酯C聚己二甲酸乙二酯D聚对苯二甲酸乙二酯3、在下列聚合物中，结晶能力最好的是()A无规聚苯乙烯B聚乙烯C等规聚苯乙烯D聚苯乙烯—丁二烯共聚物4、交联橡胶以下说法不正确的是()A形变小时符合虎克定律B具有熵弹性C拉伸时吸热D压缩时放热5、下图是在一定的应力作用下，不同温度下测定的聚合物蠕变性能曲线，下列温度大小顺序正确的是() AT>T>T>T1234 BT>T>T>T4321 CT>T>T>T1324 DT>T>T>T23146、聚碳酸酯的应力—应变曲线曲线属于以下的哪一类？( A 硬而脆B 软而韧C 强而韧D 硬而强7、下列聚合物中，拉伸强度最大的聚合物是()A 高密度聚乙烯B 尼龙610C 尼龙66D 聚对苯二甲酰对苯二胺 8、聚合物挤出成型时，产生熔体破裂的原因是()A 熔体弹性应变回复不均匀B 熔体黏度过小C 大分子链取向程度低D 法向应力大 9、聚丙烯酸钠的Tg 为280°C，聚丙烯酸的Tg 为106°C，前者Tg 高时因为() A 侧基的长度短B 存在氢键C 范德华力大D 存在离子键10、下图为不同相对分子质量高聚物熔体的流动曲线，那种高聚物的相对分子质量最高11、可以用时温等效原理研究聚合物的黏弹性，是因为()A 高聚物分子运动是一个与温度、时间有关的松弛过程B 高分子分子处于不同的状态C 高聚物是由具有一定分布的不同相对分子质量分子组成的D 高聚物具有黏弹性 12、下列聚合物中，玻璃化转变温度Tg 是()(1)聚氯乙烯(2)聚乙烯(3)聚1，2-二氯乙烯(4)聚偏二氯乙烯 A (4)>(3)>(1)>(2)B (3)>(4)>(1)>(2)CH 3CH —CH 3CH 314、PE 、PVC 、PVDC (聚偏二氯乙烯)的结晶能力大小顺序，以下说法正确的是(C.PVDC >PE >PVCD.PVDC >PVC >PE15、橡胶在室温下呈高弹性，但当其受到()时，在室温下也能呈现玻璃态的力学行为。

高分子物理期末复习题

⾼分⼦物理期末复习题《⾼分⼦物理》期末复习题集（没有参考答案）第⼀章⾼分⼦链的结构教学⼤纲本章的主要内容是介绍链的近程结构和远程结构。

其中近程结构介绍了⾼分⼦链结构单元的化学组成、键接⽅式、⽴体构型、⽀化与交联和端基等内容；远程结构包括⾼分⼦的⼤⼩及柔顺性，着重介绍柔顺性的成因、影响因素和定量描述。

要求掌握：1、⾼分⼦链近程结构和远程结构的主要内容，并能举例说明各⾃对性能的影响；2、构象、构型、柔顺性和链段等基本概念；3、影响柔顺性的因素有哪些?并能判断不同分⼦链间柔顺性的⼤⼩。

要求理解：1、平衡态柔顺性的表征⽅法（θ状态测量法、⼏何算法和⾼斯统计法）及异同；2、⾃由联接链、等效⾃由联结链和⾼斯链的异同3、正确理解和初步运⽤以下公式（1）202061h =ρ（2）θθcos 1cos 122-+=nl h f（3）b z h 321*==β（4）22zb h =（5）202202max )2cos (h nl hL z θ==要求了解：（1）⼏何算法计算⾃由旋转链的末端距；（2）⾼斯统计算法计算⾼斯链的假设、计算过程及⼏种末端距的结果。

习题⼀、名词解释：有规⽴构⾼分⼦、⽴构规整度、链段、等效⾃由连接链、⾼斯链、聚合物的链结构、有规⽴构⾼分⼦：其分⼦可以仅⽤⼀个以，⼀种简单序列排列的构型重复单元描述的规整⾼聚物。

⽴构规整度：指⾼聚物中含有全同⽴构与间同⽴构的总的百分数。

链段：⼤分⼦中能够完全⾃由取向的最⼩单元。

⾼斯链：末端距分布以及链段分布符合⾼斯分布函数的链。

等效⾃由结合链：⾼分⼦链段与链段⾃由结合，并且⽆规取向。

称为等效⾃由结合链⼆、判断题（1）低温度可以使聚丙烯的链处于冻结状态，其构象数减少，规整度提⾼。

X （2）⼤部分⾼分⼦主链上都含有σ单键，任何条件下都能内旋转。

X （3）⽴构规整度⾼的聚合物都能结晶。

X （4）温度越⾼内旋转异构体的数⽬越多。

（5）结晶⾼聚物的构象数⽐取向⾼分⼦的构象数少。

高分子物理期末考试题

山东大学《高分子物理》课程试卷A试卷报考专业考试科目: 高分子物理一、单项选择题：（每题1分，共15分）1．高分子的基本运动是（）。

A．整链运动 B．链段运动 C．链节运动2．下列一组高聚物分子中，柔性最大的是（）。

A.聚氯丁二烯B.聚氯乙烯C.聚苯乙烯3. 下列一组高聚物中，最容易结晶的是( ).A.聚对苯二甲酸乙二酯B. 聚邻苯二甲酸乙二酯C. 聚间苯二甲酸乙二酯4．模拟线性聚合物的蠕变全过程可采用（）模型。

A.MaxwellB. KelvinC. 四元件5.对刚性聚合物来说，要提高其流动性应首先考虑提高（）。

A．螺杆转速 B.料筒温度 C.柱塞压力6.在半晶态聚合物中，发生下列转变时，判别熵值变大的是（）。

（1）熔融（2）拉伸取向（3）结晶（4）高弹态转变为玻璃态7.下列一组高聚物分子中，按分子刚性的大小从小到大的顺序是（）。

A.聚甲醛；B.聚氯乙烯；C.聚苯乙烯；D. 聚乙烯；F. 聚苯醚8．.假塑性流体的特征是（）。

A．剪切增稠 B．剪切变稀 C．粘度仅与分子结构和温度有关9.热力学上最稳定的高分子晶体是（）。

A．球晶 B．伸直链晶体 C．枝晶10．高聚物的几种分子量统计平均值之间的关系是（）。

A．M w≥M n≥Mη B. M n≥M w≥Mη C. M w≥Mη≥M n11.下列高聚物中，只发生溶胀而不能溶解的是（）。

A. 高交联酚醛树脂；B. 低交联酚醛树脂；C.聚甲基丙烯酸甲脂12高分子-溶剂相互作用参数χ1（）聚合物能溶解在所给定的溶剂中A. χ1<1/2B. χ1>1/2C. χ1=1/213.判断下列叙述中不正确的是（）。

A．结晶温度越低，体系中晶核的密度越大，所的球晶越小；B．所有热固性塑料都是非晶态高聚物；C．在注射成型中，高聚物受到一定的应力场的作用，结果常常得到伸直链晶体。

14. 判断下列叙述中不正确的是（）。

A．高聚物的取向状态是热力学上一种非平衡态；B．结晶高聚物中晶片的取向在热力学上是稳定的；C．取向使材料的力学、光学、热性能各向同性。

广石化物理期末复习题.

1-3 一质点在xOy 平面上运动，运动方程为x =3t +5, y =21t 2+3t -4. 式中t 以 s 计，x ,y 以m 计．(1)以时间t 为变量，写出质点位置矢量的表示式；(2)求出t =1 s 时刻和t ＝2s 时刻的位置矢量，计算这1秒内质点的位移；(3)计算t ＝0 s 时刻到t ＝4s 时刻内的平均速度；(4)求出质点速度矢量表示式，计算t ＝4 s 时质点的速度；(5)计算t ＝0s 到t ＝4s 内质点的平均加速度；(6)求出质点加速度矢量的表示式，计算t ＝4s 时质点的加速度(请把位置矢量、位移、平均速度、瞬时速度、平均加速度、瞬时加速度都表示成直角坐标系中的矢量式)解：（1） j t t i t r )4321()53(2-+++=m(2)将1=t ,2=t 代入上式即有j i r5.081-= mj j r4112+=mj j r r r5.4312+=-=∆m(3)∵ j i r j j r1617,4540+=-=∴ 104s m 534201204-⋅+=+=--=∆∆=j i ji r r t r v (4) 1s m )3(3d d -⋅++==j t i trv 则 j i v 734+= 1s m -⋅(5)∵ j i v j i v73,3340+=+=204s m 1444-⋅==-=∆∆=j v v t v a (6) 2s m 1d d -⋅==j tva 这说明该点只有y 方向的加速度，且为恒量。

1-6 已知一质点作直线运动，其加速度为 a ＝4+3t 2s m -⋅，开始运动时，x ＝5 m v=0，求该质点在t ＝10s 时的速度和位置．解：∵ t tva 34d d +==分离变量，得 t t v d )34(d +=积分，得 12234c t t v ++=由题知，0=t ,00=v ,∴01=c故 2234t t v +=又因为 2234d d t t t x v +== 分离变量， t t t x d )234(d 2+=积分得 232212c t t x ++=由题知 0=t ,50=x ,∴52=c 故 521232++=t t x 所以s 10=t 时m70551021102s m 190102310432101210=+⨯+⨯=⋅=⨯+⨯=-x v1-7 一质点沿半径为1 m 的圆周运动，运动方程为 θ=2+33t ，θ式中以弧度计，t 以秒计，求：(1) t ＝ 2 s (2)当加速度的方向和半径成45°角时，其角位移是多少?解： t tt t 18d d ,9d d 2====ωβθω (1)s 2=t 时， 2s m 362181-⋅=⨯⨯==βτR a2222s m 1296)29(1-⋅=⨯⨯==ωR a n(2)当加速度方向与半径成ο45角时，有145tan ==︒na a τ即 βωR R =2 亦即 t t 18)9(22= 则解得 923=t 于是角位移为rad 67.29232323=⨯+=+=t θ1-8 质点沿半径为R 的圆周按s ＝2021bt t v -的规律运动，式中s 为质点离圆周上某点的弧长,0v ，b 都是常量，求：(1)t 时刻质点的加速度；(2) t 为何值时，加速度在数值上等于b ．解：（1） bt v t sv -==0d d Rbt v R va btv a n 202)(d d -==-==τ 则 240222)(R bt v b a a a n-+=+=τ加速度与半径的夹角为20)(arctanbt v Rba a n --==τϕ (2)由题意应有2402)(R bt v b b a -+== 即 0)(,)(4024022=-⇒-+=bt v Rbt v b b ∴当bvt 0=时，b a =1-12 如题1-12图，物体A 以相对B 的速度v ＝gy 2沿斜面滑动，y 为纵坐标，开始时A 在斜面顶端高为h 处，B 物体以u 匀速向右运动，求A 物滑到地面时的速度．解：当滑至斜面底时，h y =，则gh v A 2=',A 物运动过程中又受到B 的牵连运动影响，因此，A 对地的速度为jgh i gh u v u v AA )sin 2()cos 2('αα++=+=地题1-12图1-13 一船以速率1v ＝30km ·h -1沿直线向东行驶，另一小艇在其前方以速率2v ＝40km ·h -1沿直线向北行驶，问在船上看小艇的速度为何?在艇上看船的速度又为何?解：(1)大船看小艇，则有1221v v v-=，依题意作速度矢量图如题1-13图(a)题1-13图由图可知 1222121h km 50-⋅=+=v v v方向北偏西 ︒===87.3643arctan arctan21v v θ (2)小船看大船，则有2112v v v-=，依题意作出速度矢量图如题1-13图(b)，同上法，得5012=v 1h km -⋅方向南偏东o87.362-2 一个质量为P 的质点，在光滑的固定斜面（倾角为α）上以初速度0v 运动，0v 的方向与斜面底边的水平线AB解: 物体置于斜面上受到重力mg ，斜面支持力N .建立坐标：取0v方向为X 轴，平行斜面与X 轴垂直方向为Y 轴.如图2-2.题2-2图X 方向： 0=x F t v x 0= ①Y 方向： y y ma mg F ==αsin ②0=t 时 0=y 0=y v2sin 21t g y α=由①、②式消去t ，得22sin 21x g v y ⋅=α 2-3 质量为16 kg 的质点在xOy 平面内运动，受一恒力作用，力的分量为x f ＝6 N ，y f ＝-7 N ，当t ＝0时，==y x 0，x v ＝-2 m ·s -1，y v ＝0．求当t ＝ 2 s(1)位矢；(2)解： 2s m 83166-⋅===m f a x x 2s m 167-⋅-==m f a y y(1)⎰⎰--⋅-=⨯-=+=⋅-=⨯+-=+=20101200s m 872167s m 452832dt a v v dt a v v y y y x x x于是质点在s 2时的速度1s m 8745-⋅--=ji v(2)m874134)167(21)4832122(21)21(220j i j i jt a i t a t v r y x--=⨯-+⨯⨯+⨯-=++=2-7 一质量为m 的小球从某一高度处水平抛出，落在水平桌面上发生弹性碰撞．并在抛出1 s ，跳回到原高度，速度仍是水平方向，速度大小也与抛出时相等．求小球与桌面碰撞过程中，桌面给予小球的冲量的大小和方向．并回答在碰撞过程中，小球的动量是否守恒? 解: 由题知，小球落地时间为s 5.0．因小球为平抛运动，故小球落地的瞬时向下的速度大小为g gt v 5.01==，小球上跳速度的大小亦为g v 5.02=．设向上为y 轴正向，则动量的增量 12v m v m p-=∆方向竖直向上，大小 mg mv mv p =--=∆)(12碰撞过程中动量不守恒．这是因为在碰撞过程中，小球受到地面给予的冲力作用．另外，碰撞前初动量方向斜向下，碰后末动量方向斜向上，这也说明动量不守恒．2-9 一质量为m 的质点在xOyj t b i t a rωωsin cos +=求质点的动量及t ＝0 到ωπ2=t解: 质点的动量为)cos sin (j t b i t a m v m pωωω+-==将0=t 和ωπ2=t 分别代入上式，得 j b m pω=1,i a m p ω-=2 ,则动量的增量亦即质点所受外力的冲量为)(12j b i a m p p p I+-=-=∆=ω2-12 设N 67j i F -=合．(1) 当一质点从原点运动到m 1643k j i r++-=时，求F 所作的功．(2)如果质点到r 处时需0.6s ，试求平均功率．(3)如果质点的质量为1kg ，试求动能的变化．解: (1)由题知，合F为恒力，∴ )1643()67(k j i j i r F A++-⋅-=⋅=合J 452421-=--=(2) w 756.045==∆=t A P (3)由动能定理，J 45-==∆A E k2-13 以铁锤将一铁钉击入木板，设木板对铁钉的阻力与铁钉进入木板内的深度成正比，在铁锤击第一次时，能将小钉击入木板内1 cm ，问击第二次时能击入多深，假定铁锤两次打击解: 以木板上界面为坐标原点，向内为y 坐标正向，如题2-13图，则铁钉所受阻力为题2-13图ky f -=第一锤外力的功为1A⎰⎰⎰==-='=s s ky ky y f y f A 1012d d d ①式中f '是铁锤作用于钉上的力，f 是木板作用于钉上的力，在0d →t 时，f 'f -=．设第二锤外力的功为2A ，则同理，有⎰-==21222221d y k ky y ky A ②由题意，有2)21(212kmv A A =∆== ③即 222122kk ky =-所以， 22=y于是钉子第二次能进入的深度为cm 414.01212=-=-=∆y y y2-15 一根劲度系数为1k 的轻弹簧A 的下端，挂一根劲度系数为2k 的轻弹簧B ，B 的下端一重物C ，C 的质量为M ，如题2-15图．求这一系统静止时两弹簧的伸长量之比和弹性势解: 弹簧B A 、及重物C 受力如题2-15图所示平衡时，有题2-15图Mg F F B A ==又 11x k F A ∆=22x k F B ∆=所以静止时两弹簧伸长量之比为1221k k x x =∆∆ 弹性势能之比为12222211121212k kx k x k E E p p =∆∆=2-19 质量为M 的大木块具有半径为R 的四分之一弧形槽，如题2-19图所示．质量为m 的小立方体从曲面的顶端滑下，大木块放在光滑水平面上，二者都作无摩擦的运动，而且都从静止开始，求小木块脱离大木块时的速度．解: m 从M 上下滑的过程中，机械能守恒，以m ，M ，地球为系统，以最低点为重力势能零点，则有222121MV mv mgR +=又下滑过程，动量守恒，以m ,M 为系统则在m 脱离M 瞬间，水平方向有0=-MV mv联立，以上两式，得()M m MgRv +=2题2-24图2-24 平板中央开一小孔，质量为m 的小球用细线系住，细线穿过小孔后挂一质量为1M 的重物．小球作匀速圆周运动，当半径为0r 时重物达到平衡．今在1M 的下方再挂一质量为2M 的物体，如题2-24图．试问这时小球作匀速圆周运动的角速度ω'和半径r '为多少? 解: 在只挂重物时1M ，小球作圆周运动的向心力为g M 1，即201ωmr g M =①挂上2M 后，则有221)(ω''=+r m g M M②重力对圆心的力矩为零，故小球对圆心的角动量守恒．即 v m r mv r ''=00 ωω''=⇒2020r r ③联立①、②、③得211213212101010)(r M M M g m M M r M M M m r g M m r g M ⋅+='+='+='=ωωω2-27 计算题2-27图所示系统中物体的加速度．设滑轮为质量均匀分布的圆柱体，其质量为M ，半径为r ，在绳与轮缘的摩擦力作用下旋转，忽略桌面与物体间的摩擦，设1m ＝50kg ，2m ＝200 kg,M ＝15 kg, r ＝0.1 m解: 分别以1m ,2m 滑轮为研究对象，受力图如图(b)所示．对1m ,2m 运用牛顿定律，有a m T g m 222=- ① a m T 11= ②对滑轮运用转动定律，有β)21(212Mr r T r T =- ③又， βr a = ④联立以上4个方程，得2212s m 6.721520058.92002-⋅=++⨯=++=M m m g m a题2-27(a)图题2-27(b)图题2-28图2-28 如题2-28图所示，一匀质细杆质量为m ，长为l ，可绕过一端O 的水平轴自由转动，杆于水平位置由静止开始摆下．求： (1)初始时刻的角加速度； (2)杆转过θ角时的角速度. 解: (1)由转动定律，有β)31(212ml mg= ∴ lg23=β(2)由机械能守恒定律，有22)31(21sin 2ωθml l mg= ∴ lg θωsin 3=题2-29图2-29 如题2-29图所示，质量为M ，长为l 的均匀直棒，可绕垂直于棒一端的水平轴O 无摩擦地转动，它原来静止在平衡位置上．现有一质量为m 的弹性小球飞来，正好在棒的下端与棒垂直地相撞．相撞后，使棒从平衡位置处摆动到最大角度=θ 30 (1)设这碰撞为弹性碰撞，试计算小球初速0v (2)相撞时小球受到多大的冲量?解: (1)设小球的初速度为0v ，棒经小球碰撞后得到的初角速度为ω，而小球的速度变为v ，按题意，小球和棒作弹性碰撞，所以碰撞时遵从角动量守恒定律和机械能守恒定律，可列式：mvl I l mv +=ω0 ①2220212121mv I mv +=ω ② 上两式中231Ml I =，碰撞过程极为短暂，可认为棒没有显著的角位移；碰撞后，棒从竖直位置上摆到最大角度o30=θ，按机械能守恒定律可列式：)30cos 1(2212︒-=lMg I ω ③ 由③式得2121)231(3)30cos 1(⎥⎦⎤⎢⎣⎡-=⎥⎦⎤⎢⎣⎡︒-=l g I Mgl ω由①式mlI v v ω-=0 ④ 由②式mI v v 2202ω-= ⑤所以22001)(2ωωmv ml I v -=-求得glmM m m M l ml I l v +-=+=+=31232(6)311(2)1(220ωω(2)相碰时小球受到的冲量为⎰-=∆=0d mvmv mv t F由①式求得ωωMl l I mv mv t F 31d 0-=-=-=⎰ gl M 6)32(6--=负号说明所受冲量的方向与初速度方向相反．题2-30图2-30 一个质量为M 、半径为R 并以角速度ω转动着的飞轮 (可看作匀质圆盘)，在某一瞬时突然有一片质量为m 的碎片从轮的边缘上飞出，见题2-30图．假定碎片脱离飞轮时的瞬(1)问它能升高多少? (2) 解: (1)碎片离盘瞬时的线速度即是它上升的初速度ωR v =0设碎片上升高度h 时的速度为v ，则有gh v v 2202-=令0=v ，可求出上升最大高度为2220212ωR gg v H ==(2)圆盘的转动惯量221MR I =，碎片抛出后圆盘的转动惯量2221mR MR I -='，碎片脱离前，盘的角动量为ωI ，碎片刚脱离后，碎片与破盘之间的内力变为零，但内力不影响系统的总角动量，碎片与破盘的总角动量应守恒，即R mv I I 0+''=ωω 式中ω'为破盘的角速度．于是R mv mR MR MR 0222)21(21+'-=ωω ωω'-=-)21()21(2222mR MR mR MR 得ωω=' (角速度不变)圆盘余下部分的角动量为ω)21(22mR MR - 222)21(21ωmR MR E k -=4-3 如题4-3图所示，物体的质量为m ，放在光滑斜面上，斜面与水平面的夹角为θ，弹簧的倔强系数为k ，滑轮的转动惯量为I ，半径为R ．先把物体托住，使弹簧维持原长，然后由静止释放，试证明物体作简谐振动，并求振动周期．题4-3图解：分别以物体m 和滑轮为对象，其受力如题4-3图(b)所示，以重物在斜面上静平衡时位置为坐标原点，沿斜面向下为x 轴正向，则当重物偏离原点的坐标为x 时，有221d d sin txm T mg =-θ ①βI R T R T =-21 ②βR tx=22d d )(02x x k T += ③式中k mg x /sin 0θ=，为静平衡时弹簧之伸长量，联立以上三式，有 kxR t xR I mR -=+22d d )(令 ImR kR +=222ω则有0d d 222=+x tx ω 故知该系统是作简谐振动，其振动周期为)/2(22222K R I m kR I mR T +=+==ππωπ4-5 一个沿x 轴作简谐振动的弹簧振子，振幅为A ，周期为T ，其振动方程用余弦函数表示．如果0=t 时质点的状态分别是：(1)A x -=0；(2)过平衡位置向正向运动；(3)过2Ax =处向负向运动； (4)过2Ax -=处向正向运动．试求出相应的初位相，并写出振动方程．解：因为 ⎩⎨⎧-==0000sin cos φωφA v A x将以上初值条件代入上式，使两式同时成立之值即为该条件下的初位相．故有)2cos(1πππφ+==t T A x )232cos(232πππφ+==t T A x)32cos(33πππφ+==t T A x)452cos(454πππφ+==t T A x4-8 图为两个谐振动的t x -曲线，试分别写出其谐振动方程．题4-8图解：由题4-8图(a)，∵0=t 时，s 2,cm 10,,23,0,0000===∴>=T A v x 又πφ 即 1s rad 2-⋅==ππωT故 m )23cos(1.0ππ+=t x a 由题4-8图(b)∵0=t 时，35,0,2000πφ=∴>=v A x01=t 时，22,0,0111ππφ+=∴<=v x又 ππωφ253511=+⨯= ∴ πω65=故 m t x b )3565cos(1.0ππ+=4-11 有两个同方向、同频率的简谐振动，其合成振动的振幅为m 20.0，位相与第一振动的位相差为6π，已知第一振动的振幅为m 173.0，求第二个振动的振幅以及第一、第二两振动的位相差．题4-11图解：由题意可做出旋转矢量图如下．由图知01.02/32.0173.02)2.0()173.0(30cos 222122122=⨯⨯⨯-+=︒-+=A A A A A∴ m 1.02=A 设角θ为O AA 1，则θcos 22122212A A A A A -+=即 01.0173.02)02.0()1.0()173.0(2cos 2222122221=⨯⨯-+=-+=A A A A A θ 即2πθ=，这说明，1A 与2A 间夹角为2π，即二振动的位相差为2π. 4-12 试用最简单的方法求出下列两组谐振动合成后所得合振动的振幅：(1) ⎪⎩⎪⎨⎧+=+=cm )373cos(5cm )33cos(521ππt x t x (2)⎪⎩⎪⎨⎧+=+=cm)343cos(5cm )33cos(521ππt x t x解： (1)∵ ,233712πππφφφ=-=-=∆ ∴合振幅 cm 1021=+=A A A(2)∵ ,334πππφ=-=∆ ∴合振幅 0=A5-7 一平面简谐波沿x 轴负向传播，波长λ=1.0 m ，原点处质点的振动频率为ν=2. 0 Hz ，振幅A ＝0.1m ，且在t =0时恰好通过平衡位置向y 轴负向运动，求此平面波的波动方程．解: 由题知0=t 时原点处质点的振动状态为0,000<=v y ，故知原点的振动初相为2π,取波动方程为])(2cos[0φλπ++=xT t A y 则有 ]2)12(2cos[1.0ππ++=x t y)224cos(1.0πππ++=x t m5-8 已知波源在原点的一列平面简谐波，波动方程为y =A cos(Cx Bt -)，其中A ，B ，C 为正值恒量．求：(1)波的振幅、波速、频率、周期与波长；(2)写出传播方向上距离波源为l 处一点的振动方程；(3)任一时刻，在波的传播方向上相距为d 的两点的位相差．解: (1)已知平面简谐波的波动方程)cos(Cx Bt A y -= (0≥x )将上式与波动方程的标准形式)22cos(λππυxt A y -=比较，可知：波振幅为A ，频率πυ2B =，波长C πλ2=，波速CB u ==λυ，波动周期BT πυ21==．(2)将l x =代入波动方程即可得到该点的振动方程)cos(Cl Bt A y -=(3)因任一时刻t 同一波线上两点之间的位相差为 )(212x x -=∆λπφ将d x x =-12，及Cπλ2=代入上式，即得 Cd =∆φ．5-11 一列平面余弦波沿x 轴正向传播，波速为5m ·s -1，波长为2m ，原点处质点的振动曲线如题5-11图所示． (1)写出波动方程；(2)作出t =0时的波形图及距离波源0.5m 处质点的振动曲线．解: (1)由题5-11(a)图知，1.0=A m ，且0=t 时，0,000>=v y ，∴230πφ=，又5.225===λυuHz ，则ππυω52==题5-11图(a)取 ])(cos[0φω+-=ux t A y ，则波动方程为)]235(5cos[1.0ππ+-=x t y m(2) 0=t 时的波形如题5-11(b)图题5-11图(b) 题5-11图(c) 将5.0=x m 代入波动方程，得该点处的振动方程为)5cos(1.0)235.05.055cos(1.0πππππ+=+⨯-=t t y m 如题5-11(c)图所示．5-16 题5-16图中(a)表示t =0时刻的波形图，(b)表示原点(x =0)处质元的振动曲线，试求此波的波动方程，并画出x =2m 处质元的振动曲线．解: 由题5-16(b)图所示振动曲线可知2=T s ,2.0=A m ，且0=t 时，0,000>=v y ，故知20πφ-=,再结合题5-16(a)图所示波动曲线可知，该列波沿x 轴负向传播，且4=λm ，若取])(2cos[0φλπ++=xT t A y题5-16图则波动方程为]2)42(2cos[2.0ππ-+=x t y5-18 如题5-18图所示，1S 和2S 为两相干波源，振幅均为1A ，相距4λ，1S 较2S 位相超前2π，求： (1) 1S 外侧各点的合振幅和强度； (2) 2S 外侧各点的合振幅和强度解：（1）在1S 外侧，距离1S 为1r 的点，1S 2S 传到该P 点引起的位相差为πλλππφ=⎥⎦⎤⎢⎣⎡+--=∆)4(2211r r 0,0211===-=A I A A A（2）在2S 外侧.距离2S 为1r 的点，1S 2S 传到该点引起的位相差.0)4(2222=-+-=∆r r λλππφ2121114,2A A I A A A A ===+=5-20 一平面简谐波沿x 轴正向传播，如题5-20图所示．已知振幅为A ，频率为ν 波速为u ． (1)若t =0时，原点O 处质元正好由平衡位置向位移正方向运动，写出此波的波动方程； (2)若从分界面反射的波的振幅与入射波振幅相等，试写出反射波的波动方程，并求x 轴上因入射波与反射波干涉而静止的各点的位置．解: (1)∵0=t 时，0,000>=v y ，∴20πφ-=故波动方程为]2)(2cos[ππ--=u x t v A y m题5-20图(2)入射波传到反射面时的振动位相为(即将λ43=x 代入)2432πλλπ-⨯-，再考虑到波由波疏入射而在波密界面上反射，存在半波损失，所以反射波在界面处的位相为πππλλπ-=+-⨯-2432 若仍以O 点为原点，则反射波在O 点处的位相为 ππλλπ25432-=-⨯-，因只考虑π2以内的位相角，∴反射波在O 点的位相为2π-，故反射波的波动方程为]2)(2cos[ππυ-+=u x t A y 反此时驻波方程为]2)(2cos[ππυ--=uxt A y ]2)(2cos[ππυ-++u x t A )22cos(2cos 2ππυπυ-=t u x A 故波节位置为2)12(22πλππυ+==k x u x 故 4)12(λ+=k x (,2,1,0±±=k …)根据题意，k 只能取1,0，即λλ43,41=x6-5 速率分布函数)(v f 的物理意义是什么?试说明下列各量的物理意义(n 为分子数密度，N 为系统总分子数)．（1）v v f d )( （2）v v nf d )( （3）v v Nf d )(（4）⎰vv v f 0d )( （5）⎰∞d )(v v f （6）⎰21d )(v v v v Nf解：)(v f ：表示一定质量的气体，在温度为T 的平衡态时，分布在速率v 附近单位速率区间内的分子数占总分子数的百分比.(1) v v f d )(：表示分布在速率v 附近，速率区间v d 内的分子数占总分子数的百分比. (2) v v nf d )(：表示分布在速率v 附近、速率区间dv 内的分子数密度． (3) v v Nf d )(：表示分布在速率v 附近、速率区间dv 内的分子数．(4)⎰vv v f 0d )(：表示分布在21~v v 区间内的分子数占总分子数的百分比．(5)⎰∞0d )(v v f ：表示分布在∞~0的速率区间内所有分子，其与总分子数的比值是1.(6)⎰21d )(v v v v Nf ：表示分布在21~v v 区间内的分子数.12-7 在杨氏双缝实验中，双缝间距d =0.20mm ，缝屏间距D ＝1.0m ，试求： (1)若第二级明条纹离屏中心的距离为6.0mm ，计算此单色光的波长； (2)相邻两明条纹间的距离．解: (1)由λk d D x =明知，λ22.01010.63⨯⨯=， ∴ 3106.0-⨯=λmm oA 6000=(2) 3106.02.010133=⨯⨯⨯==∆-λd D x mm12-12 在折射率1n =1.52的镜头表面涂有一层折射率2n =1.38的Mg 2F 增透膜，如果此膜适用于波长λ=5500 oA 的光，问膜的厚度应取何值?解: 设光垂直入射增透膜，欲透射增强，则膜上、下两表面反射光应满足干涉相消条件，即λ)21(22+=k e n ),2,1,0(⋅⋅⋅=k∴ 222422)21(n n k n k e λλλ+=+=)9961993(38.14550038.125500+=⨯+⨯=k k o A 令0=k ，得膜的最薄厚度为996oA ．当k 为其他整数倍时，也都满足要求．12-14 用=λ 5000oA 的平行光垂直入射劈形薄膜的上表面，从反射光中观察，劈尖的棱边是暗纹．若劈尖上面媒质的折射率1n 大于薄膜的折射率n (n =1.5)．求：(1)膜下面媒质的折射率2n 与n 的大小关系； (2)第10条暗纹处薄膜的厚度；(3)使膜的下表面向下平移一微小距离e ∆，干涉条纹有什么变化?若e ∆=2.0 μm ，原来的第10条暗纹处将被哪级暗纹占据?解: (1)n n >2．因为劈尖的棱边是暗纹，对应光程差2)12(22λλ+=+=∆k ne ，膜厚0=e 处，有0=k ，只能是下面媒质的反射光有半波损失2λ才合题意； (2)3105.15.12500092929-⨯=⨯⨯==⨯=∆n e nλλ mm(因10个条纹只有9个条纹间距)(3)膜的下表面向下平移，各级条纹向棱边方向移动．若0.2=∆e μm ，原来第10条暗纹处现对应的膜厚为)100.2105.1(33--⨯+⨯='∆e mm21100.55.12105.3243=⨯⨯⨯⨯='∆=∆--n e N λ 现被第21级暗纹占据．12-15 (1)若用波长不同的光观察牛顿环，1λ＝6000oA ，2λ＝4500oA ，观察到用1λ时的第k 个暗环与用2λ时的第k+1个暗环重合，已知透镜的曲率半径是190cm ．求用1λ时第k 个暗环的半径．(2)又如在牛顿环中用波长为5000oA 的第5个明环与用波长为2λ的第6个明环重合，求未知波长2λ．解: (1)由牛顿环暗环公式λkR r k =据题意有 21)1(λλR k kR r +==∴212λλλ-=k ，代入上式得2121λλλλ-=R r10101010210450010600010450010600010190-----⨯-⨯⨯⨯⨯⨯⨯= 31085.1-⨯=m(2)用A 50001 =λ照射，51=k 级明环与2λ的62=k 级明环重合，则有 2)12(2)12(2211λλR k R k r -=-=∴ 4091500016215212121212=⨯-⨯-⨯=--=λλk k o A12-17 利用迈克耳逊干涉仪可测量单色光的波长．当1M 移动距离为0.322mm 涉条纹移动数为1024条，求所用单色光的波长．解: 由 2λNd ∆=∆得 102410322.0223-⨯⨯=∆∆=N d λ 710289.6-⨯=m 6289=oA13-11 一单色平行光垂直照射一单缝，若其第三级明条纹位置正好与6000οA 的单色平行光的第二级明条纹位置重合，求前一种单色光的波长．解：单缝衍射的明纹公式为)12(sin +=k a ϕ2λ 当6000=λoA 时，2=kx λλ=时，3=k 重合时ϕ角相同，所以有)132(26000)122(sin +⨯=+⨯=ϕa 2x λ 得 4286600075=⨯=x λo A13-14 用5900=λoA 的钠黄光垂直入射到每毫米有500条刻痕的光栅上，问最多能看到第几级明条纹? 解：5001=+b a mm 3100.2-⨯= mm 4100.2-⨯=o A 由λϕk b a =+sin )(知，最多见到的条纹级数max k 对应的2πϕ=,所以有39.35900100.24max ≈⨯=+=λba k ，即实际见到的最高级次为3max =k . 14-8 使自然光通过两个偏振化方向夹角为60°的偏振片时，透射光强为1I ，今在这两个偏振片之间再插入一偏振片，它的偏振化方向与前两个偏振片均成30°，问此时透射光I 与1I 之比为多少?解：由马吕斯定律ο20160cos 2I I =80I =32930cos 30cos 20ο2ο20I I I ==∴25.2491==I I14-10 一束自然光从空气入射到折射率为1.40的液体表面上，其反射光是完全偏振光．试求：(1)入射角等于多少?(2)折射角为多少?解：(1),140.1tan 0=i ∴'ο02854=i (2) 'ο0ο323590=-=i y14-11 利用布儒斯特定律怎样测定不透明介质的折射率?若测得釉质在空气中的起偏振角为58°，求釉质的折射率．解：由158tan οn=,故60.1=n 7-10 如题7-10图所示，一系统由状态a 沿acb 到达状态b 的过程中，有350 J 热量传入系统，而系统作功126 J ．(1)若沿adb 时，系统作功42 J ，问有多少热量传入系统?(2)若系统由状态b 沿曲线ba 返回状态a 时，外界对系统作功为84 J ，试问系统是吸热还是放热?热量传递是多少?题7-10图解：由abc 过程可求出b 态和a 态的内能之差A E Q +∆=224126350=-=-=∆A Q E Jabd 过程，系统作功42=A J26642224=+=+∆=A E Q J 系统吸收热量ba 过程，外界对系统作功84-=A J30884224-=--=+∆=A E Q J 系统放热7-11 1 mol 单原子理想气体从300 K 加热到350 K ，问在下列两过程中吸收了多少热量?增加了多少内能?对外作了多少功? (1)体积保持不变； (2)压力保持不变．解：(1)等体过程由热力学第一定律得E Q ∆=吸热 )(2)(1212V T T R iT T C E Q -=-=∆=υυ 25.623)300350(31.823=-⨯⨯=∆=E Q J 对外作功 0=A(2)等压过程)(22)(1212P T T R i T T C Q -+=-=υυ 吸热 75.1038)300350(31.825=-⨯⨯=Q J )(12V T T C E -=∆υ内能增加 25.623)300350(31.823=-⨯⨯=∆E J对外作功 5.4155.62375.1038=-=∆-=E Q A J7-13 0.01 m 3氮气在温度为300 K 时，由0.1 MPa(即1 atm)压缩到10 MPa ．试分别求氮气经等温及绝热压缩后的(1)体积；(2)温度；(3)各过程对外所作的功．解：(1)等温压缩 300=T K由2211V p V p = 求得体积 3211210101.0101-⨯=⨯==p V p V 3m 对外作功21112ln lnp pV p V V VRT A == 01.0ln 01.010013.115⨯⨯⨯⨯=31067.4⨯-=J(2)绝热压缩R C 25V = 57=γ由绝热方程 γγ2211V p V p = γγ/12112)(p V p V =1121/12112)()(V p pp V p V γγγ==3411093.101.0)101(-⨯=⨯=m 由绝热方程γγγγ---=22111p T p T 得 K 579)10(30024.04.1111212=⨯==--T p p T T γγγγ热力学第一定律A E Q +∆=，0=Q所以 )(12molT T C M MA V --=RT M MpV mol =，)(2512111T T R RT V p A --=35105.23)300579(25300001.010013.1⨯-=-⨯⨯⨯⨯-=A J7-15 1 mol 的理想气体的T-V 图如题7-15图所示，ab 为直线，延长线通过原点O ．求ab 过程气体对外做的功．题7-15图解：设KV T =由图可求得直线的斜率K 为002V T K =得过程方程 V V TK 002=由状态方程 RT pV υ=得 V RTp υ=ab 过程气体对外作功 ⎰=002d V v V p A ⎰⎰⎰====000000200022002d 2d 2d V V V v V V RT V V RT V V V T V R V V RT A 7-17 设有一以理想气体为工质的热机循环，如题7-17图所示．试证其循环效率为1112121---=p p V V γη答：等体过程吸热 )(12V 1T T C Q -='υ )(1221V 11RV p R V p C Q Q -='= 绝热过程 03='Q 等压压缩过程放热 )(12p 2T T C Q -='υ )(12P 22T T C Q Q --='=υ )(2212P RV p R V p C -= 循环效率 121Q Q -=η )1/()1/(1)()(1121212221V 2212p 12---=---=-=p p V p V p C V p V p C Q Q ννγηη题7-17图题7-19图。

(完整word版)广东石油化工学院高分子物理期末考试复习资料五、单选题答案

五、单选题1、聚苯乙烯分子中可能呈现的构象是（A ）。

A、无规线团B、折叠链C、螺旋链2、比较一下聚合物的流动性，哪个最好（C ）。

A、MI=0.1B、MI=1C、MI=103、当Mark公式中α为以下何值时，高分子溶液处于θ状态（A ）。

A、α=0.5B、α=0.8C、α=24、以下哪个溶剂是θ溶剂（B ）。

A、χ1=0.1B、χ1=0.5C、χ1=0.95、以下哪种材料的密度最大（B ）。

A、高压聚乙烯B、低压聚乙烯C、聚丙烯6、以下哪种方法可以测定绝对相对分子质量（B ）。

A、VPOB、膜渗透法C、GPC7、结晶度增加，以下哪种性能增加（B ）。

A、透明性B、抗张强度C、冲击强度8、WLF方程不能用于（B ）。

A、测粘度B、测结晶度C、测松弛时间9、球晶的制备应从（B ）。

A、稀溶液B、熔体C、高温高压下10、四元件模型可用于模拟线形聚合物的（B ）。

A、应力松弛B、蠕变C、内耗11、所有聚合物在玻璃化转变时，自由体积分数均等于（C ）。

A、0.5%B、1%C、2.5%12、高聚物的应力-应变曲线中哪个阶段表现出强迫高弹性（A ）。

A、大形变B、应变硬化C、断裂13、一般地说，哪种材料需要较高程度的取向（C ）。

A、橡胶B、塑料C、纤维14、对极性高分子，选择溶剂应采用哪一原则更为准确（B ）。

A、极性相似原理B、溶剂化原则C、δ相近原则15、结晶度不能用以下哪种方法测定（B ）。

A、膨胀计法B、双折射法C、热分析法16、下列聚合物柔顺性排列顺序正确的为（B ）。

A、PP﹥PMMA﹥PIBB、PIB﹥PP﹥PMMAC、PIB﹥PMMA﹥PP17、3.4次方幂律适用于( C )。

A、缩聚物B、低相对分子质量加聚物C、高相对分子质量加聚物18、已知[η]=KM，判断以下哪一条正确（C ）。

A、Mη=M nB、Mη=M wC、Mη=M n= M Z=M w19、下列高聚物链柔性较大的是（A ）。

广东石油化工学院高分子、环境、应化10级物化下复习资料

物化下册计算题复习资料1、已知反应A →B 在20℃时的速率常数为1.71×10-5s -1，30℃时为3.11×10-4s -1，（1）求该反应的活化能；（2）求该反应在40℃时的速率常数；（3）求该反应在40℃时10min 时A 的转化率；（4）若该反应为二级反应，C A0=2 mol •dm -3，求该反应在40℃时10min 时A 的转化率。

2、对于原电池Ag | AgCl(s) | Cl -（a =1）||Cu 2+（a =0.01）| Cu ，（1）写出其电极反应和电池反应；（2）计算该原电池在25℃时的电动势E ；（3）计算该电池反应在25℃时的∆r G m ，∆r S m ，∆r H m 及Q r ；已知25℃时，E (Cu 2+|Cu) = 0.3402V ，E (Cl -|AgCl|Ag) =0.2223 V ，pT E ⎪⎭⎫ ⎝⎛∂∂=1.2×10―4V ·K -1 3、25℃时，在同一电导池中先装入浓度为0.02mol/ dm 3 的KCl 水溶液，测得其电阻为82.4Ω。

将电导池洗净后再装入浓度为0.0025mol/ dm 3 的K 2SO 4水溶液，测得其电阻为326.0Ω。

已知25℃时0.02 mol/dm 3 KCl 水溶液的电导率为0.2768S/m 。

试求25℃时的：（a ）电导池常数Kcell ；（b ）0.0025mol/ dm 3 的K 2SO 4水溶液的电导率和摩尔电导率。

4、水在 300 K 时的表面张力为 7.166×10-2 N·m -1，密度为 998 kg·m -3，计算水在 300K ，半径为1×10-5 m 的毛细管中上升的高度 (g =9.81 m·s -2)，假定接触角θ = 0°。

5、在298K 时，平面水面上水的饱和蒸气压为3.168 kPa ，已知水在298K 时的表面张力为0.074N. m -1，密度为1000㎏. m -3。

广东石油化工学院高分子物理期末考试复习资料六.是非题

六、是非题1、不同聚合物分子链的均方末端距越短，表示分子链的柔顺性越好。

（）2、高斯链的均方末端距远大于自由旋转链的均方末端距。

（）3、理想的柔性链运动单元为单键。

（）4、因为天然橡胶相对分子质量很大，加工困难，故加工前必须塑炼。

（）5、因为聚氯乙烯分子链柔顺性小于聚乙烯，所以聚氯乙烯塑料比聚乙烯塑料硬。

（）6、无规聚丙烯分子链中的C——C单键是可以内旋转的，通过单键内旋转可以把无规立构的聚丙烯转变为全同立构体，从而提高结晶度。

（）7、作为超音速飞机座舱的材料——有机玻璃，必须经过双轴取向，改善其力学性能。

（）8、为获得既有强度又有弹性的粘胶丝，在纺丝过程须经过牵伸工序。

（）9、聚丙烯腈的溶度参数[12.7~15.4(cal/cm3)1/2]和苯酚[14.5(cal/cm3)1/2]很接近,所以聚丙烯腈能够溶解在苯酚中。

( )10、高聚物溶解时体系熵降低,熔体冷却结晶时体系熵增加。

( )11、因为聚氯乙烯和聚乙烯醇的分解温度低于粘流温度（或熔点），所以只能采用溶液纺丝法纺丝。

（）12、玻璃化温度随相对分子质量的增大而不断升高。

（）13、主链由饱和单键构成的高聚物，因分子链可以围绕单键进行内旋转，故链的柔性大，若主链中引入了一些双键（非共轭双键），因双键不能内旋转，故主链的柔性下降。

（）14、由于单键的内旋转，导致高分子链具有全同、间同等立体异构现象。

（）15、由于单键的内旋转，可将大分子的无规状链旋转成折叠链或螺旋状链。

（）16、大分子链呈全反式锯齿形构象是最稳定的构象。

（）17、线型的结晶高聚物：处于玻璃化温度以上时，链段就能运动；处于熔点以上时，链段和整个分子链都能运动。

（）18、分子在晶体中是规整排列的，所以只有全同立构或间同立构的高分子才能结晶，无规立构的高分子不能结晶。

（）19、聚合物的结晶和取向都是热力学的稳定体系，只是前者分子排列三维有序，后者是一维或二维有序。

（）20、θ溶剂是良溶剂。

广东石油化工学院高分子物理期末考试复习资料四计算题.docx

四、计算题I、某碳链聚Q •烯坯，平均分子量为M =1000M（）（M（）为链节分子量，试计算以下各项数值：（1）完全伸肓时人分子链的理论长度；（2）若为全反式构象时链的长度；（3）看作Gauss 链时的均方末端距；（4）看作H由旋转链时的均方末端距；（5）当内旋转受阻时（受阻函数両= 0.438 ）的均方末端距；（6）说明为什么高分子链在口然状态下总是卷曲的, 并指出此种聚合物的弹性限度。

2、假定聚乙烯的聚合度2000,键角为109.5°,求伸直链的长度1皿、与自由旋转链的根均方末端距Z比值，并由分子运动观点解释某些高分子材料在外力作用F可以产生很大形变的原因。

3、计算相对分子质量为106的线形聚苯乙烯分子的均方根末端距。

（1）假定链口由取向（即白由结合）；（2）假定在一定锥角上自由旋转。

4、（1）计算相对分子质量为280000的线形聚乙烯分子的自由旋转链的均方末端距。

键长为0.154nim键角为109.5°；（2）用光散射法测得在（）溶剂屮上述样品的链均方根末端距为56.7mn,计算刚性比值；（3）由口由旋转链的均方末端距求均方旋转半径。

5、计M=250000g/mol的聚乙烯链的均方根末端距，假定为等效自由结合链，链段长为18.5个C—C键。

6、已知顺式聚异戊二烯每个单休单元的长度是0.46nm,而且戸=16.2〃（其屮n为单体单元数II）。

问这个大分了统计上的等效自由结合链的链段数和链段怏度。

8、由文献查得涤纶树脂的密度P c=l.50 X 103kg/m3, P R.335 X 10：i kg/m3,内聚能AE=66. 67kJ/mol （单元）。

今有一块1.42X2. 96X0. 51X 10V的涤纶试样,质量为2. 92X 10'3kg,试由以上数据计算：（1）涤纶树脂试样的密度和结晶度；（2）涤纶树脂的内聚能密度。

9、已知聚丙烯的熔点T m=176°C,结构单元熔化热厶H u=8. 36kJ/mol，试计算：（1）平均聚合度分别为丽二6、10、30、1000的情况下，由于端链效应引起的Tm下降为多人？（2）若用第二组分和它共聚，且第二组分不进入晶格，试估计第二组分占10%摩尔分数时共聚物的熔点为多少？10^有全同立构聚丙烯试样一块,体积为1. 42cmX2. 96cmXO. 51cm,质量为1. 94g,试计算其比体积和结晶度.已知非晶态PP的比体积V7=1.174cm7g,完全结晶态PP的比体积V c =1. 068cm7g«II、试推导用密度法求结晶度的公式P_P。

广东石油化工学院高分子物理期末考试复习资料三简答题资料

三、简答题1、高分子结构的特点?2、表1-4数据说明了什么？试从结构上予以分析。

3、评价主链带有间隔单键和双键的聚磷腈的柔顺性。

其结构示意如下：4、.比较以下三个聚合物的柔顺性，从结构上简要说明原因。

5、试分析纤维素的分子链为什么是刚性的？（提示：从纤维素链节结构分析阻碍内旋转的因素）6、比较以下两种聚合物的柔顺性，并说明为什么。

7、试从下列高聚物的链节结构，定性判断分子链的柔性或刚性，并分析原因。

8、以下化合物，哪些是天然高分子化合物？哪些是合成高分子化合物？（1）、蛋白质，（2）PVC，（3）酚醛树脂，（4）淀粉，（5）纤维素，（6）石墨，（7）尼龙-66，（8）PV Ac，（9）丝，（10）PS，（11）维尼纶，（12）天然橡胶，（13）聚氯丁二烯（14）纸浆，（15）环氧树脂。

9、试述下列烯类高聚物的构型特点及其名称。

式中d表示链节结构是d构型，l则表示是l构型。

（1）—d—d—d—d—d—d—d—；（2）—l—l—l—l—l—l—l—l—l—；（3）—d —l—d—l—d—l—d—l—；（4）—d—d—l—d—l—l—l—。

10、已知高分子主链中键角大于90°，定性地讨论自由旋转链的均方末端距与键角的关系。

11、（1）由丙烯得到的全同立构聚丙烯有无旋光性？（2）假若聚丙烯的等规度不高，能不能用改变构象的办法提高等规度？12、近程相互作用和远程相互作用的含义及它们对高分子链的构象有何影响？13、根据高聚物的分子结构和分子间作用能，定性地讨论表2-3中所列各高聚物的性能。

14、将下列三组聚合物的结晶难易程度排列成序：（1）PE，PVC，PS，PAN；（2）聚对苯二甲酸乙二酯，聚间苯二甲酸乙二酯，聚己二酸乙二酯；（3）尼龙-66，尼龙-1010。

15、有两种乙烯和丙烯的共聚物，其组成相同（均为65%乙烯和35%丙烯），但其中一种室温时是橡胶状的，一直到稳定降至约-70℃时才变硬，另一种室温时却是硬而韧又不透明的材料。

广东石油化工学院高分子物理期末考试复习资料二.填空题

二、填空1、高聚物结构包括和高分子的聚集态结构，高分子的聚集态结构又包括、、和。

2、高分子链结构单元的化学组成有、、元素高分子和，元素高分子有和。

3、高分子的结晶形态有、、和。

4、高聚物的晶态结构模型主要有、、、；高聚物的非晶态结构模型主要有和。

5、测定分子量的方法有、、、、和。

6、提高高分子材料耐热性的途径主要有、、。

7、线性高聚物在溶液中通常为构象，在晶区通常为或构象。

8、高聚物稀溶液冷却结晶易生成，熔体冷却结晶通常生成。

熔体在应力作用下冷却结晶常常形成。

9、测定高聚物M n、M w、Mη的方法分别有、、和。

测定高聚物相对分子质量分布的方法有和；其基本原理分别为和。

10、高聚物的熔体一般属于流体，其特性是。

高聚物悬浮体系、高填充体系、PVC糊属于流体，其特征是。

11、对于聚乙烯自由旋转链，均方末端距与链长的关系是。

12、当温度T= 时，第二维里系数A2= ，此时高分子溶液符合理想溶液性质。

13、测定PS重均相对分子质量采用的方法可以是。

14、均相成核生长成为三维球晶时，A vranmi指数n为。

15、蠕变可用模型来描述。

16、作橡胶、塑料和纤维使用的聚合物之间的主要区别是非。

17、制备高分子合金的方法有。

18、目前世界上产量最大的塑料品种是、、（三种）；合成纤维品种是、、（三种）；合成橡胶品种是、（两种）。

19、高分子液晶根据分子排列方式和有序程度不同，分为、、三类。

20、聚异丁烯-甲苯溶液的特性粘数随温度的上升而。

21、乙酸乙烯含量为45%的EV A比含量为15%的EV A弹性。

22、双酚A型聚碳酸酯的玻璃化温度比聚对苯二甲酸己二醇酯的玻璃化温度。

23、聚对苯二甲酸乙二醇酯的结晶速度比聚乙烯的结晶速度。

24、高分子溶液的混合熵比同样分子数目的小分子溶液的混合熵得多。

25、等规聚丙烯晶体中分子链处于构象。

26、处于非晶态的结晶性高聚物慢速加热到T g以上时，会发生现象。

27、Z均相对分子质量与重均相对分子质量比较，更能反映高分子的流动性。