7.数列的综合应用之一(数列与函数的综合)
数列专题复习之典型例题(含答案)
数列知识点-——-求通项一、由数列的前几项求数列的通项:观察法和分拆与类比法-—-—-猜测———-证明(略)二、由a n 与S n 的关系求通项a n例1已知数列{a n }的前n 项和为S n =3n -1,则它的通项公式为a n =________。
答案2·3n -1练1 已知数列{a n }的前n 项和S n =3n 2-2n +1,则其通项公式为________. 答案a n =错误!三、由数列的递推公式求通项例3、(1)设数列{}n a 的前n 项和为n S .已知1a a =,13n n n a S +=+,*n ∈N .设3n n n b S =-,求数列{}n b 的通项公式;答案: 13(3)2n n n n b S a -=-=-,*n ∈N .(2)(4)在数列{}n a 中,11a =,22a =,且11(1)n n n a q a qa +-=+-(2,0n q ≥≠).(Ⅰ)设1n n n b a a +=-(*n N ∈),证明{}n b 是等比数列;(Ⅱ)求数列{}n a 的通项公式;答案: 11,,.1,111n n q q q a n q-≠=⎧-+⎪=-⎨⎪⎩(3)在数列{}n a 中,1112(2)2()n n n n a a a n λλλ+*+==++-∈N ,,其中0λ>.(Ⅰ)求数列{}n a 的通项公式; (Ⅱ)求数列{}n a 的前n 项和n S ;答案:(1)2nnn a n λ=-+21212(1)22(1)(1)n n n n n n S λλλλλ+++--+=+-≠- 1(1)22(1)2n n n n S +-=+-λ=(4)已知数列{}n a 满足:()213,22n n a a a n n N *+=+=+∈(1)求数列{}n a 的通项公式; (2)设1234212111n n nT a a a a a a -=+++,求lim n n T →∞答案: 11,,.1,111n n q q q a n q-≠=⎧-+⎪=-⎨⎪⎩注意:由数列的递推式求通项常见类型(请同学们查看高一笔记)1.)(1n f a a n n +=+ 2 . n n a n f a )(1=+.3 q pa a n n +=+1(其中p,q 均为常数,)0)1((≠-p pq )。
数列的综合应用
(2)cn=Sncosnπ=S-n,Snn,是n偶是数奇数,, ∴T20=-S1+S2-S3+S4-…-S19+S20 =a2+a4+a6+…+a20=6+12+18+…+60=330. 【答案】 (1)an=3n,bn=2n-1 (2)T20=330
状元笔记
高考命制综合题时,常将等差、等比数列结合在一起,两 者之间的相互联系和相互转化,破解这类问题的方法是首先寻 找通项公式,利用性质之间的对偶与变式进行转化.
【解析】 (1)证明:由已知,得bn=2an>0. 当n≥1时,bbn+n 1=2an+1-an=2d. 所以数列{bn}是首项为2a1,公比为2d的等比数列. (2)函数f(x)=2x在(a2,b2)处的切线方程为y-2a2=(2a2ln2)(x -a2),它在x轴上的截距为a2-ln12. 由题意,a2-ln12=2-ln12,解得a2=2. 所以d=a2-a1=1,所以an=n,bn=2n,anbn2=n·4n.
数列的综合应用
专题讲解
题型一 等差、等比数列的综合
例1 已知{an}是单调递增的等差数列,首项a1=3,前n项 和为Sn,数列{bn}是等比数列,其中b1=1,且a2b2=12,S3+b2 =20.
(1)求{an}和{bn}的通项公式; (2)令cn=Sncosa3nπ(n∈N*),求{cn}的前20项和T20.
(1)求an关于n的关系式; (2)预计2021年全年共需投资多少万元? (精确到0.01,参考数据:1.22=1.44,1.23≈1.73,1.24≈2.07, 1.25≈2.49,1.26≈2.99)
【解析】 (1)设前n个月投资总额为Sn, 则当n≥2时,an=5+15Sn-1,① 所以an+1=5+15Sn.② ①②两式相减,得an+1-an=15(Sn-Sn-1)=15an, 所以an+1=65an. 又因为a1=11,a2=5+15a1=356, 所以an=356×65n-2=6×65n-1(n≥2).
2024年新高考版数学专题1_7.4 数列求和、数列的综合
1 2
+
1 2
1 3
+…+
1 n
n
1 1
=1-
n
1 1
,
又因为n≥1,所以0< 1 ≤ 1 ,即有 1 ≤Tn<1,
n1 2
2
所以 1 ≤Tn<1 2
≤Tn<1.
解析 (1)选①.因为a4是a3与a5-8的等差中项,所以2a4=a3+a5-8,则16a1=4a1+ 16a1-8,解得a1=2,所以数列{an}的通项公式是an=2n.
选②.设{an}的公比为q,依题意,有 aS23
a1q 4, a1(1 q
13+23+33+…+n3= n(n 1) 2 .
2
2.倒序相加法 如果一个数列{an},与首末两端等“距离”的两项的和相等或等于同一常
数,那么求这个数列的前n项和即可用倒序相加法. 3.错位相减法 如果一个数列的各项是由一个等差数列和一个等比数列的对应项之积 构成的,那么这个数列的前n项和即可用此法来求. 4.裂项相消法 把数列的通项拆成两项之差,在求和时中间的一些项可以相互抵消,从而 求得其和.以下为常见的拆项公式:
1) 1 = 1 - 1 ;
n(n 1) n n 1
2)
(2n
1 1)(2n
1)
=
1 2
1 2n 1
1 2n 1
;
3) 1 = n 1- n .
n n1
5.分组求和法
有一类数列,既不是等差数列,也不是等比数列,若将这类数列适当拆开, 可分为几个等差、等比或常见的数列,即先分别求和,再合并,例如:
高考 数学
专题七 数列
0819高二数学数列的综合应用-张心刚
(1) 数列{bn}是等比数列;(2)b2>4;(3)b4>32;(4)b2b4=256. 其中正确命题的个数为________.
解析
设 a1,a2,a3,a4 的公差为 d,则 a1+2d=4,又 0<a1<2,
2
所以 1<d<2.易知数列{bn}是等比数列,故(1)正确; a2=a3-d∈(2,3),所以 b2=2a >4,故(2)正确; 1
基础回顾
1.若 Sn 是等差数列{an}的前 n 项和,且 S8-S3=10,则 S11 的值为 22 ________. a6 2.在等比数列{an}中,an>an+1,且 a7· a11=6,a4+a14=5,则a = 16 3 ________. 2 3.“嫦娥奔月,举国欢庆”,据科学计算,运载“神六”的“长征二号” 系列火箭, 在点火第一秒钟通过的路程为 2 km, 以后每秒钟通过的 路程都增加 2 km,在达到离地面 240 km 的高度时,火箭与飞船分 离,则这一过程需要的时间大约是________秒. 15 n 4 .已知数列 {an} 的通项为 an = 2 ,则数列 {an} 的最大项为 第 n +58 8 ________项.
网络课堂——2014年春学期新高二数学暑期学习辅导
第17课时: 数列的综合应用
江阴市南菁高级中学 张心刚
要点梳理
1.数列的综合应用
数列的综合应用一是指综合运用数列的各种知识和方法求解 问题,二是数列与其他数学内容相联系的综合问题.解决此类问题 应注意数学思想及方法的运用与体会. (1)数列是一种特殊的函数, 解数列题要注意运用方程与函数的 思想与方法. (2)转化与化归思想是解数列有关问题的基本思想方法, 复杂的 数列问题经常转化为等差、等比数列或常见的特殊数列问题. (3) 由特殊到一般及由一般到特殊的思想是解决数列问题的重 要思想.已知数列的前若干项求通项,由有限的特殊事例推测出一 般性的结论,都是利用此法实现的. (4)分类讨论思想在数列问题中常会遇到,如等比数列中,经常 要对公比进行讨论;由 Sn 求 an 时,要对 n=1 或 n≥2 进行分类讨 论.
数列的综合应用
高三数学(人教版)
第六章 ·专题研究二
专 题 讲
nf(n+1) 1 (3)由题知,bn= f n =3n,
解
1 n(n+1) n(n+1)
1
11
专
则Tn=3×
2
=
6
,
∴பைடு நூலகம்n=
6(n-n+
). 1
题
111
1
1111 1
11
训 练
∴
T1+T2+
T3+…
+Tn
=
6(1-
2+2-
3+3
-
4+…
+n-n+
) 1
∴
1 a=2,f(x)=
(12)x.
高三数学(人教版)
第六章 ·专题研究二
专 题
又点(n-1,
an n2
)(n∈ N*)(在函数f(x)= ax的图象上,
讲 解
从
而ann2=21n-
1,即
an=
n2 2n-
1.
专 题
(n+ 1)2 n2 2n+ 1 (2)由 bn= 2n -2n= 2n 得,
训
练
111
1
Tn,试比较T1+T2+T3+…+Tn与 6的大小.
高三数学(人教版)
第六章 ·专题研究二
专 题
∴f(n+ 1)=
1 3
f(n)(n∈ N*),∴数列{f(n)}(n∈ N*)是以
讲
解
1
1
f(1)=3为首项,3为公比的等比数列,
专 题
∴f(n)=13×(13)n- 1,即f(n)=(13)n(n∈ N*).
=6(1- 1 ). n+ 1
∵
n∈
数列的综合应用
①
2Sn=2·24+3·25+4·26+…+n·2n+2+(n+1)·2n+3②
①-②得
-S =2·23+24+25+…+2n+2-(n+1)·2n+3
=16+ 24 (1 2n1) -(n+1)·2n+3 1 2
=16+2n+3-24-n·2n+3-2n+3=-n·2n+3.
∴Sn=n·2n+3.
7n 2 n3
n7n 2 nn 3
7n2 2n n2 3n
令: An 7n2 2n Bn n2 3n
则
an An An1 bn Bn Bn1
14n 5 2n 2
a8 107 b8 18
数列旳综合应用
要点梳理
1.解答数列应用题旳基本环节 (1)审题——仔细阅读材料,仔细了解题意. (2)建模——将已知条件翻译成数学(数列)语言, 将实际问题转化成数学问题,搞清该数列旳构造 和特征.
2k 1
S奇 ak S偶 ak 1
aq1
0 1
或
0a1
q
0
1
an
递增数列;
0a1
q
0
或 1
aq1
0 1
an递减数列;
q 1 an常数列;
q 0 an摆动数列
S项2k1数 (为2n 奇1)a数k (ak为S中奇间项)k S奇 旳S偶 等 a差k 数 列,有: S偶 k 1
性质4:从原数列中取出偶数项构 性质4:从原数q列2中取出偶数
探究提升 对等差、等比数列旳综合问题旳分析,
数列与函数的综合应用
数列与函数的综合应用数列和函数是数学中两个重要的概念,它们在数学和实际生活中都有广泛的应用。
数列是按照一定规律排列的一组数,而函数则是对数的关系进行抽象和描述的工具。
本文将探讨数列和函数在各个领域中的实际应用,并且展示数列与函数之间的综合应用。
一、经济学领域在经济学中,数列与函数的应用非常广泛。
例如,经济学家通过对经济数据建立数学模型,可以研究经济增长、通货膨胀等问题。
其中,经济增长可以用等差数列来描述,通货膨胀可以用指数函数来表示。
通过分析数列和函数的规律,我们可以预测未来的经济发展趋势,采取相应的政策措施,促进经济的稳定和繁荣。
二、物理学领域物理学是自然科学中的一门重要学科,数列和函数在物理学中有广泛的应用。
例如,物理学家通过对物体运动轨迹的研究可以建立位移、速度和加速度之间的函数关系,用数列和函数来描述和分析物体的运动规律。
另外,电磁场、热传导等也可以用数列和函数来描述和研究。
通过数列和函数的综合应用,我们可以更好地理解和掌握物理学中的各种规律和现象。
三、计算机科学领域计算机科学是现代科学技术中的一项重要学科,数列和函数在计算机科学中有着广泛的应用。
例如,计算机算法中经常会用到数列,如斐波那契数列、调和数列等。
而函数则在计算机程序设计中发挥着重要的作用,可以用来实现各种功能和计算。
通过数列和函数的综合应用,我们可以设计出更高效、更优化的算法和程序,提高计算机的运算速度和性能。
四、生物学领域生物学是研究生命的起源和发展的一门学科,数列和函数在生物学研究中也有广泛的应用。
例如,在基因序列的研究中,可以通过对DNA序列中的基因编码进行数列分析,找出其中的规律和模式。
另外,生物的生长过程也可以用函数来描述和分析,如指数函数可以表示一种生物群体的增长趋势。
通过数列和函数的综合应用,我们可以更好地理解和探索生物世界的奥秘。
总结起来,数列与函数的综合应用不仅在数学中有重要地位,而且在经济学、物理学、计算机科学、生物学等多个领域都发挥着重要的作用。
2023年新高考数学一轮复习7-5 数列的综合应用(知识点讲解)含详解
专题7.5 数列的综合应用(知识点讲解)【知识框架】【核心素养】1.数列与传统数学文化、实际问题相结合,考查等差、等比数列的基本运算,凸显数学建模的核心素养. 2.数列与新定义问题相结合,考查转化、迁移能力,凸显数学抽象的核心素养.3.数列与函数、不等式、解析几何等相结合,考查学生综合分析解决问题的能力,凸显逻辑推理的核心素养.【知识点展示】(一)数列与函数数列与函数的综合问题主要有以下两类:(1)已知函数条件,解决数列问题,此类问题一般是利用函数的性质、图象研究数列问题;(2)已知数列条件,解决函数问题,解决此类问题一般要充分利用数列的范围、公式、求和方法对式子化简变形.(二)数列与不等式1.数列型不等式的证明常用到“放缩法”,一是在求和中将通项“放缩”为“可求和数列”;二是求和后再“放缩”.放缩法常见的放缩技巧有: (1)1k 2<1k 2-1=12⎝ ⎛⎭⎪⎫1k -1-1k +1.(2)1k -1k +1<1k 2<1k -1-1k . (3)2(n +1-n )<1n<2(n -n -1).2.数列中不等式恒成立的问题数列中有关项或前n 项和的恒成立问题,往往转化为数列的最值问题;求项或前n 项和的不等关系可以利用不等式的性质或基本不等式求解.(三)解答数列实际应用问题的步骤(1)确定模型类型:理解题意,看是哪类数列模型,一般有等差数列模型、等比数列模型、简单递推数列模型.基本特征如下:等差数列模型:均匀增加或者减少等比数列模型:指数增长或减少,常见的是增产率问题、存款复利问题简单递推数列模型:指数增长的同时又均匀减少.如年收入增长率为20%,每年年底要拿出a(常数)作为下年度的开销,即数列{}1 1.2n n n a a a a +满足=-(2)准确解决模型:解模就是根据数列的知识,求数列的通项、数列的和、解方程(组)或者不等式(组)等,在解模时要注意运算准确.(3)给出问题的回答:实际应用问题最后要把求解的数学结果化为对实际问题的答案,在解题中不要忽视了这点.【常考题型剖析】题型一:数列与函数的综合例1.(2021·河南·睢县高级中学高三阶段练习(理))已知数列{}n a 的首项11a =,函数()()41cos221n n f x x a x a +=+-+有唯一零点,则通项n a =( ) A .13n -B .12n -C .21n -D .32n -例2.(2023·全国·高三专题练习)设函数()12ln x f x x -=+,11a =,()*21N 1,23n n a f f n f f n n n n n -⎛⎫=+++⋅ ⎪⋅⋅+∈≥ ⎪⎝⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎭.则数列{}n a 的前n 项和n S =______. 例3.(2017·上海·高考真题)根据预测,某地第n *()n ∈N 个月共享单车的投放量和损失量分别为n a 和n b (单位:辆),其中4515,1310470,4n n n a n n ⎧+≤≤=⎨-+≥⎩,5n b n =+,第n 个月底的共享单车的保有量是前n 个月的累计投放量与累计损失量的差.(1)求该地区第4个月底的共享单车的保有量;(2)已知该地共享单车停放点第n 个月底的单车容纳量24(46)8800n S n =--+(单位:辆). 设在某月底,共享单车保有量达到最大,问该保有量是否超出了此时停放点的单车容纳量?【温馨提醒】解题时要注意数列与函数的内在联系,灵活运用函数的思想方法求解,在问题的求解过程中往往会遇到数列的求和、和的最值,利用函数性质或不等式性质求解较为常规. 题型二:数列与不等式的综合例4.(2021·浙江·高考真题)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,194a =-,且1439n n S S +=-.(1)求数列{}n a 的通项;(2)设数列{}n b 满足*3(4)0()n n b n a n N +-=∈,记{}n b 的前n 项和为n T ,若n n T b λ≤对任意N n *∈恒成立,求实数λ的取值范围.例5.(2021·天津·高考真题)已知{}n a 是公差为2的等差数列,其前8项和为64.{}n b 是公比大于0的等比数列,1324,48b b b =-=. (I )求{}n a 和{}n b 的通项公式;(II )记2*1,n n nc b b n N =+∈,(i )证明{}22nn c c -是等比数列;(ii )证明)*nk n N =∈ 例6.(2021·全国·高考真题(文))设{}n a 是首项为1的等比数列,数列{}n b 满足3nn na b =.已知1a ,23a ,39a 成等差数列.(1)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)记n S 和n T 分别为{}n a 和{}n b 的前n 项和.证明:2nn S T <. 【温馨提醒】数列与不等式的结合,除应熟练掌握数列的通项公式、求和公式,关于不等式证明、不等式恒成立问题的处理方法亦应灵活运用. 题型三:数列与实际应用问题例7.【多选题】(2022·全国·高三专题练习)参加工作5年的小郭,因工作需要向银行贷款A 万元购买一台小汽车,与银行约定:这A 万元银行贷款分10年还清,贷款的年利率为r ,每年还款数为X 万元,则( )A .()1011ArX r =+- B .小郭第3年还款的现值为()31Xr +万元C .小郭选择的还款方式为“等额本金还款法”D .小郭选择的还款方式为“等额本息还款法”例8.(2021·全国·高三专题练习)某集团公司有一下属企业A 从事一种高科技产品的生产.A 企业第一年年初有资金2000万元,将其投入生产,到当年年底资金增长了40%,预计以后每年资金年增长率与第一年的相同.集团公司要求A 企业从第一年开始,每年年底上缴资金t 万元(800t <),并将剩余资金全部投入下一年生产.设第n 年年底A 企业上缴资金后的剩余资金为n a 万元.则( ) A .22800a t =- B .175n n a a t +=-C .1n n a a +>D .当400t =时,33800a >【总结提升】1.与实际应用相结合的题型也是高考命题的动向,这类问题的特点是通过现实生活的事例考查书本知识,解决这类问题的关键是耐心读题、仔细理解题,只有吃透题意,才能将实际问题转化为数学模型进行解答.2.等比数列最值有关问题的解题思路:求解此类问题的常用思路是根据题目所给条件建立关于变量n 的函数关系进行求解.有时也注意基本不等式的应用.题型四:数列的“新定义”问题例9.(2022·全国·高三专题练习)对于数列{}n a ,定义11222-=+++n n n A a a a 为数列{}n a 的“加权和”,已知某数列{}n a 的“加权和”12n n A n +=⋅,记数列{}+n a pn 的前n 项和为n T ,若5≤n T T 对任意的N n *∈恒成立,则实数p 的取值范围为( ) A .127,53⎡⎤--⎢⎥⎣⎦B .167,73⎡⎤--⎢⎥⎣⎦C .512,25⎡⎤--⎢⎥⎣⎦D .169,74⎡⎤--⎢⎥⎣⎦例10.(2022·江西抚州·高二阶段练习(理))对大于1的自然数m 的三次幂可用奇数进行以下形式的“分裂”:3325⎧⎨⎩,3739,11⎧⎪⎨⎪⎩,3131541719⎧⎪⎪⎨⎪⎪⎩,…仿此,若3m 的“分裂数”中有一个是1111,则m 的值为( ) A .32 B .33 C .34 D .35例11.(2022·河南开封·高二期末(理))若数列{}n a 中不超过()f m 的项数恰为()*,m b n m ∈N ,则称数列{}m b 是数列{}n a 的生成数列,称相应的函数()f m 是数列{}n a 生成{}m b 的控制函数.已知2n n a =,()f m m =,记数列{}m b 的前m 项和为m S ,则63S =( ) A .258B .264C .642D .636例12.(2022·全国·高三专题练习)定义:对于任意一个有穷数列,第一次在其每相邻的两项间都插人这两项的和,得到的新数列称之为一阶和数列,如果在一阶和数列的基础上再在其相邻的两项间插入这两项的和称之为二阶和数列,以此类推可以得到n 阶和数列,如{1,5}的一阶和数列是{1,6,5},设它的n 阶和数列各项和为n S .(1)试求{1,5}的二阶和数列各项和2S 与三阶和数列各项和3S ,并猜想n S 的通项公式(无需证明); (2)若()()311log 3log 33n n n c S S +=--⋅-,求{}n c 的前n 项和n T ,并证明:1126n T -<≤-.【温馨提醒】立足于“转化”,将新定义问题转化成等差数列、等比数列问题求解. 题型五:数列与解析几何例12.(2021·浙江·高考真题)已知,R,0a b ab ∈>,函数()2R ()f x ax b x =+∈.若(),(),()f s t f s f s t -+成等比数列,则平面上点(),s t 的轨迹是( ) A .直线和圆B .直线和椭圆C .直线和双曲线D .直线和抛物线例13.(2017山东,理19)已知{x n }是各项均为正数的等比数列,且x 1+x 2=3,x 3-x 2=2 (Ⅰ)求数列{x n }的通项公式;(Ⅱ)如图,在平面直角坐标系xOy 中,依次连接点P 1(x 1, 1),P 2(x 2, 2)…P n+1(x n+1, n+1)得到折线P 1 P 2…P n+1,求由该折线与直线y=0,11n x x x x +==,所围成的区域的面积.题型六:数列与传统文化例14.(2022·云南师大附中模拟预测(理))《九章算术》是我国秦汉时期一部杰出的数学著作,书中第三章“衰分”有如下问题:“今有大夫、不更、簪裹、上造、公士,凡五人,共出百钱.欲令高爵出少,以次渐多,问各几何?”意思是:“有大夫、不更、簪裏、上造、公士(爵位依次变低)5个人共出100钱,按照爵位从高到低每人所出钱数成递增等差数列,这5个人各出多少钱?”在这个问题中,若不更出17钱,则公士出的钱数为( ) A .10B .14C .23D .26例15.(2022·山东青岛·一模)我国古代数学著作《九章算术》中有如下问题:“今有人持金出五关,前关二税一,次关三而税一,次关四而税一,次关五而税一,次关六而税一,并五关所税,适重一斤.问本持金n T几何?”其意思为“今有人持金出五关,第1关收税金为持金的12,第2关收税金为剩余金的13,第3关收税金为剩余金的14,第4关收税金为剩余金的15,第5关收税金为剩余金的16,5关所收税金之和恰好重1斤.问原来持金多少?”.记这个人原来持金为a 斤,设()101,115,01x x f x x x +>⎧=⎨-<≤⎩,则()f a =( )A .5-B .7C .13D .26例16.(2017·全国·高考真题(理))我国古代数学名著《算法统宗》中有如下问题:“远望巍巍塔七层,红光点点倍加增,共灯三百八十一,请问尖头几盏灯?”意思是:一座7层塔共挂了381盏灯,且相邻两层中的下一层灯数是上一层灯数的2倍,则塔的顶层共有灯( ) A .1盏 B .3盏 C .5盏 D .9盏【总结提升】理解题意,构造数列,应用数列模型解题.专题7.5 数列的综合应用(知识点讲解)【知识框架】【核心素养】1.数列与传统数学文化、实际问题相结合,考查等差、等比数列的基本运算,凸显数学建模的核心素养. 2.数列与新定义问题相结合,考查转化、迁移能力,凸显数学抽象的核心素养.3.数列与函数、不等式、解析几何等相结合,考查学生综合分析解决问题的能力,凸显逻辑推理的核心素养.【知识点展示】(一)数列与函数数列与函数的综合问题主要有以下两类:(1)已知函数条件,解决数列问题,此类问题一般是利用函数的性质、图象研究数列问题;(2)已知数列条件,解决函数问题,解决此类问题一般要充分利用数列的范围、公式、求和方法对式子化简变形.(二)数列与不等式1.数列型不等式的证明常用到“放缩法”,一是在求和中将通项“放缩”为“可求和数列”;二是求和后再“放缩”.放缩法常见的放缩技巧有: (1)1k 2<1k 2-1=12⎝ ⎛⎭⎪⎫1k -1-1k +1.(2)1k -1k +1<1k 2<1k -1-1k . (3)2(n +1-n )<1n<2(n -n -1).2.数列中不等式恒成立的问题数列中有关项或前n 项和的恒成立问题,往往转化为数列的最值问题;求项或前n 项和的不等关系可以利用不等式的性质或基本不等式求解.(三)解答数列实际应用问题的步骤(1)确定模型类型:理解题意,看是哪类数列模型,一般有等差数列模型、等比数列模型、简单递推数列模型.基本特征如下:等差数列模型:均匀增加或者减少等比数列模型:指数增长或减少,常见的是增产率问题、存款复利问题简单递推数列模型:指数增长的同时又均匀减少.如年收入增长率为20%,每年年底要拿出a(常数)作为下年度的开销,即数列{}1 1.2n n n a a a a +满足=-(2)准确解决模型:解模就是根据数列的知识,求数列的通项、数列的和、解方程(组)或者不等式(组)等,在解模时要注意运算准确.(3)给出问题的回答:实际应用问题最后要把求解的数学结果化为对实际问题的答案,在解题中不要忽视了这点.【常考题型剖析】题型一:数列与函数的综合例1.(2021·河南·睢县高级中学高三阶段练习(理))已知数列{}n a 的首项11a =,函数()()41cos221n n f x x a x a +=+-+有唯一零点,则通项n a =( ) A .13n - B .12n -C .21n -D .32n -【答案】C 【解析】 【分析】由奇偶性定义可判断出()f x 为偶函数,由此可确定唯一零点为0x =,从而得到递推关系式;利用递推关系式可证得数列{}1n a +为等比数列,由等比数列通项公式可推导得到n a . 【详解】()()()()()()4411cos 221cos221n n n n f x x a x a x a x a f x ++-=-+--+=+-+=,()f x ∴为偶函数,图象关于y 轴对称,()f x ∴的零点关于y 轴对称,又()f x 有唯一零点,()f x ∴的零点为0x =,即()()10210n n f a a +=-+=,121n n a a +∴=+,即()1121n n a a ++=+,又112a +=,∴数列{}1n a +是以2为首项,2为公比的等比数列,12n n a ∴+=,则21n n a =-.故选:C. 【点睛】关键点点睛:本题考查函数与数列的综合应用问题;解题关键是能够根据奇偶性的性质确定函数的唯一零点为0x =,从而结合零点确定数列的递推关系式,由递推关系式证得数列{}1n a +为等比数列. 例2.(2023·全国·高三专题练习)设函数()12ln x f x x -=+,11a =,()*21N 1,23n n a f f n f f n n n n n -⎛⎫=+++⋅ ⎪⋅⋅+∈≥ ⎪⎝⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎭.则数列{}n a 的前n 项和n S =______. 【答案】2n n 1-+ 【解析】 【分析】由题设11()()4n f f n n-+=,讨论n 的奇偶性求{}n a 的通项公式,再求n S . 【详解】由题设,111()()4ln(1)ln 41n f f n n n n -+=+-+=-, 所以()()**14121,2,N 221421,21,N 2n n f n n k k a n n n k k ⎧⎛⎫⎛⎫⨯-+=-=∈ ⎪ ⎪⎪⎪⎝⎭⎝⎭=⎨-⎪⨯=-=+∈⎪⎩,即2(1)n a n =-且n ≥ 2, 当1n =时,11S =,当2n ≥时,21242(1)1n S n n n =+++⋅⋅⋅+-=+-,所以21n S n n =-+,n *∈N故答案为:2n n 1-+.例3.(2017·上海·高考真题)根据预测,某地第n *()n ∈N 个月共享单车的投放量和损失量分别为n a 和n b (单位:辆),其中4515,1310470,4n n n a n n ⎧+≤≤=⎨-+≥⎩,5n b n =+,第n 个月底的共享单车的保有量是前n 个月的累计投放量与累计损失量的差.(1)求该地区第4个月底的共享单车的保有量;(2)已知该地共享单车停放点第n 个月底的单车容纳量24(46)8800n S n =--+(单位:辆). 设在某月底,共享单车保有量达到最大,问该保有量是否超出了此时停放点的单车容纳量? 【答案】(1)935;(2)见解析. 【解析】 【详解】试题分析:(1)计算{}n a 和{}n b 的前4项和的差即可得出答案;(2)令n n a b ≥得出42n ≤,再计算第42个月底的保有量和容纳量即可得出结论. 试题分析:(1)()()1234123496530935a a a a b b b b +++-+++=-=(2)10470542n n n -+>+⇒≤,即第42个月底,保有量达到最大()()()()12341234420503864742965878222a a a ab b b b ⎡⎤+⨯+⨯+++⋅⋅⋅+-+++⋅⋅⋅+=+-=⎢⎥⎣⎦()2424424688008736S =--+=,∴此时保有量超过了容纳量.【温馨提醒】解题时要注意数列与函数的内在联系,灵活运用函数的思想方法求解,在问题的求解过程中往往会遇到数列的求和、和的最值,利用函数性质或不等式性质求解较为常规. 题型二:数列与不等式的综合例4.(2021·浙江·高考真题)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,194a =-,且1439n n S S +=-.(1)求数列{}n a 的通项;(2)设数列{}n b 满足*3(4)0()n n b n a n N +-=∈,记{}n b 的前n 项和为n T ,若n n T b λ≤对任意N n *∈恒成立,求实数λ的取值范围.【答案】(1)33()4nn a =-⋅;(2)31λ-≤≤.【解析】【分析】(1)由1439n n S S +=-,结合n S 与n a 的关系,分1,2n n =≥讨论,得到数列{}n a 为等比数列,即可得出结论;(2)由3(4)0n n b n a +-=结合(1)的结论,利用错位相减法求出n T ,n n T b λ≤对任意N n *∈恒成立,分类讨论分离参数λ,转化为λ与关于n 的函数的范围关系,即可求解. 【详解】(1)当1n =时,1214()39a a a +=-,229272749,4416a a =-=-∴=-, 当2n ≥时,由1439n n S S +=-①, 得1439n n S S -=-②,①-②得143n n a a += 122730,0,164n n n a a a a +=-≠∴≠∴=, 又213,{}4n a a a =∴是首项为94-,公比为34的等比数列, 1933()3()444n n n a -∴=-⋅=-⋅;(2)由3(4)0n n b n a +-=,得43(4)()34n n n n b a n -=-=-, 所以234333333210(4)44444nn T n ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-⨯-⨯-⨯⨯++-⋅ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎝+⎭⎭,2413333333321(5)(4)444444nn n T n n +⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-⨯-⨯-⨯++-⋅+-⋅ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭,两式相减得234113333333(4)4444444nn n T n +⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-⨯++++--⋅ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭1193116493(4)34414n n n -+⎡⎤⎛⎫-⎢⎥ ⎪⎝⎭⎢⎥⎛⎫⎣⎦=-+-- ⎪⎝⎭-111993334(4)44444n n n n n +++⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-+---⋅=-⋅ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭, 所以134()4n n T n +=-⋅,由n n T b λ≤得1334()(4)()44n nn n λ+-⋅≤-⋅恒成立,即(4)30n n λ-+≥恒成立,4n =时不等式恒成立;4n <时,312344n n n λ≤-=----,得1λ≤; 4n >时,312344n n n λ≥-=----,得3λ≥-; 所以31λ-≤≤.【点睛】易错点点睛:(1)已知n S 求n a 不要忽略1n =情况;(2)恒成立分离参数时,要注意变量的正负零讨论,如(2)中(4)30n n λ-+≥恒成立,要对40,40,40n n n -=->-<讨论,还要注意40n -<时,分离参数不等式要变号.例5.(2021·天津·高考真题)已知{}n a 是公差为2的等差数列,其前8项和为64.{}n b 是公比大于0的等比数列,1324,48b b b =-=. (I )求{}n a 和{}n b 的通项公式;(II )记2*1,n n nc b b n N =+∈,(i )证明{}22nn c c -是等比数列;(ii )证明)*nk n N =∈ 【答案】(I )21,n a n n N *=-∈,4,n n N b n *=∈;(II )(i )证明见解析;(ii )证明见解析.【解析】 【分析】(I )由等差数列的求和公式运算可得{}n a 的通项,由等比数列的通项公式运算可得{}n b 的通项公式;(II )(i )运算可得2224nn n c c =⋅-,结合等比数列的定义即可得证;(ii )放缩得21222422n n n n n a n c a c +<-⋅,进而可得112n n k k k-==,结合错位相减法即可得证. 【详解】(I )因为{}n a 是公差为2的等差数列,其前8项和为64. 所以12818782642a a a a ⨯++⋅⋅⋅+=+⨯=,所以11a =, 所以()12121,n n n n N a a *=+-=-∈;设等比数列{}n b 的公比为(),0q q >,所以()221321484q b b b q q b q ==-=--,解得4q =(负值舍去), 所以114,n n n b q n N b -*==∈;(II )(i )由题意,221441n n nn n b c b =++=,所以22224211442444n n nn nnn c c ⎛⎫⎛⎫=+-+=⋅ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭-,所以220nn c c ≠-,且212222124424n n n n nn c c c c +++⋅==⋅--, 所以数列{}22nn c c -是等比数列; (ii )由题意知,()()22122222121414242222n n n n n n n n n a n n c c a +-+-==<-⋅⋅⋅,12n n-,所以112nn k k k k-==, 设10121112322222nn k n k k nT --===+++⋅⋅⋅+∑, 则123112322222n n n T =+++⋅⋅⋅+, 两式相减得21111111122121222222212nn n n nn n n n T -⎛⎫⋅- ⎪+⎝⎭=+++⋅⋅⋅+-=-=--, 所以1242n n n T -+=-,所以1112422nn k n k k n --==+⎫-<⎪⎭ 例6.(2021·全国·高考真题(文))设{}n a 是首项为1的等比数列,数列{}n b 满足3nn na b =.已知1a ,23a ,39a 成等差数列.(1)求{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)记n S 和n T 分别为{}n a 和{}n b 的前n 项和.证明:2nn S T <. 【答案】(1)11()3n n a -=,3n nn b =;(2)证明见解析. 【解析】 【分析】(1)利用等差数列的性质及1a 得到29610q q -+=,解方程即可;(2)利用公式法、错位相减法分别求出,n n S T ,再作差比较即可. 【详解】(1)因为{}n a 是首项为1的等比数列且1a ,23a ,39a 成等差数列,所以21369a a a =+,所以211169a q a a q =+,即29610q q -+=,解得13q =,所以11()3n n a -=,所以33n n n na nb ==. (2)[方法一]:作差后利用错位相减法求和211213333n n n n nT --=++++,012111111223333-⎛⎫=++++ ⎪⎝⎭n n S , 230121123111112333323333n n n n S n T -⎛⎫⎛⎫-=++++-++++= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭012111012222333---++++111233---+n nn n .设0121111101212222Γ3333------=++++n n n , ⑧ 则1231111012112222Γ33333-----=++++n nn . ⑨由⑧-⑨得1121113312111113322Γ13233332313--⎛⎫--- ⎪⎛⎫⎝⎭=-++++-=-+- ⎪⎝⎭-n n n n n n n . 所以211312Γ432323----=--=-⨯⨯⨯n n n n n n . 因此10232323--=-=-<⨯⨯n n n n nS n n nT . 故2nn S T <. [方法二]【最优解】:公式法和错位相减求和法证明:由(1)可得11(1)313(1)12313n n n S ⨯-==--, 211213333n n nn n T --=++++,①231112133333n n n n nT +-=++++,② ①-②得23121111333333n n n n T +=++++- 1111(1)1133(1)1323313n n n n n n ++-=-=---,所以31(1)4323n n nnT =--⋅,所以2n n S T -=3131(1)(1)043234323n n n nn n ----=-<⋅⋅,所以2nn S T <. [方法三]:构造裂项法由(Ⅰ)知13⎛⎫= ⎪⎝⎭n n b n ,令1()3αβ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭n n c n ,且1+=-n n n b c c ,即1111()[(1)]333αβαβ+⎛⎫⎛⎫⎛⎫=+-++ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭n n n n n n ,通过等式左右两边系数比对易得33,24αβ==,所以331243nn c n ⎛⎫⎛⎫=+⋅ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭.则12113314423nn n n n T b b b c c +⎛⎫⎛⎫=+++=-=-+ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭,下同方法二.[方法四]:导函数法 设()231()1-=++++=-n nx x f x x x x x x,由于()()()()()()1221'111'11(1)'1(1)1n n n n nx x x x x x x x nx n x x x x +⎡⎤⎡⎤⎡⎤----⨯--+-+⎣⎦⎣⎦⎢⎥==---⎢⎥⎣⎦, 则12121(1)()123(1)+-+-+=++++='-n nn nx n x f x x x nxx .又1111333-⎛⎫⎛⎫== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭n n n b n n ,所以2112311111233333n n n T b b b b n -⎡⎤⎛⎫⎛⎫=++++=+⨯+⨯++⋅=⎢⎥ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎢⎥⎣⎦12111(1)11133333113n nn n f +⎛⎫⎛⎫+-+ ⎪ ⎪⎛⎫⎝⎭⎝⎭⋅=⨯ ⎪⎝⎭⎛⎫- ⎪⎝⎭'13113311(1)4334423n nnn n n +⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=+-+=-+⎢⎥ ⎪ ⎪⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎢⎥⎣⎦,下同方法二. 【整体点评】本题主要考查数列的求和,涉及到等差数列的性质,错位相减法求数列的和,考查学生的数学运算能力,是一道中档题,其中证明不等式时采用作差法,或者作商法要根据式子得结构类型灵活选择,关键是要看如何消项化简的更为简洁.(2)的方法一直接作差后利用错位相减法求其部分和,进而证得结论;方法二根据数列的不同特点,分别利用公式法和错位相减法求得,n n S T ,然后证得结论,为最优解;方法三采用构造数列裂项求和的方法,关键是构造1()3αβ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭nn c n ,使1+=-n n n b c c ,求得n T 的表达式,这是错位相减法的一种替代方法,方法四利用导数方法求和,也是代替错位相减求和法的一种方法. 【温馨提醒】数列与不等式的结合,除应熟练掌握数列的通项公式、求和公式,关于不等式证明、不等式恒成立问题的处理方法亦应灵活运用. 题型三:数列与实际应用问题例7.【多选题】(2022·全国·高三专题练习)参加工作5年的小郭,因工作需要向银行贷款A 万元购买一台小汽车,与银行约定:这A 万元银行贷款分10年还清,贷款的年利率为r ,每年还款数为X 万元,则( ) A .()1011ArX r =+- B .小郭第3年还款的现值为()31Xr +万元C .小郭选择的还款方式为“等额本金还款法”D .小郭选择的还款方式为“等额本息还款法” 【答案】BD 【解析】 【分析】因为小郭每年还款钱数相等,所以小郭选择为“等额本息还款法”,所以利用等比数列前n 项和公式求出X ,再设小郭第3年还款的现值为y ,根据复利规则求出y . 【详解】解:小郭与银行约定,每年还一次欠款,并且每年还款的钱数都相等,∴小郭靖选择的还款方式为“等额本息还款法”,故D 正确,C 错误, 设每年应还X 元,还款10次,则该人10年还款的现金与利息和为29[1(1)(1)(1)]X r r r +++++⋯++, 银行贷款A 元10年后的本利和为10(1)A r +.2910[1(1)(1)(1)](1)X r r r A r ∴+++++⋯++=+, ∴10101[1(1)](1)1(1)r X A r r ⨯-+⋅=+-+, 即1010(1)(1)1Ar r X r +=+-,故A 错误.设小郭第三年还款的现值为y ,则3(1)y r X ⋅+=,所以()31Xy r =+,故B 正确;例8.(2021·全国·高三专题练习)某集团公司有一下属企业A 从事一种高科技产品的生产.A 企业第一年年初有资金2000万元,将其投入生产,到当年年底资金增长了40%,预计以后每年资金年增长率与第一年的相同.集团公司要求A 企业从第一年开始,每年年底上缴资金t 万元(800t <),并将剩余资金全部投入下一年生产.设第n 年年底A 企业上缴资金后的剩余资金为n a 万元.则( ) A .22800a t =- B .175n n a a t +=-C .1n n a a +>D .当400t =时,33800a >【答案】BC 【解析】先求得第一年年底剩余资金1a ,第二年底剩余资金2a ,即可判断A 的正误;分析总结,可得1n a +与n a 的关系,即可判断B 的正误;根据题意,求得n a 的表达式,利用作差法即可比较1n a +与n a 的大小,即可判断C 的正误,代入400t =,即可求得3a ,即可判断D 的正误,即可得答案. 【详解】第一年年底剩余资金12000(140%)2800a t t =⨯+-=-,第二年底剩余资金211712(140%)392055a a t a t t =⨯+-=-=-,故A 错误;第三年底剩余资金3227109(140%)5488525t a a t a t =⨯+-=-=-,⋅⋅⋅ 所以第n +1年年底剩余资金为17(140%)5n n n a a t a t +=⨯+-=-,故B 正确;因为212277777()()55555n n n n a a t a t t a t t ---=-=--=--12217777()[1()()]5555n n a t --=-+++⋅⋅⋅+117[1()]75()(2800)7515n n t t ---=---=11757()(2800)[()1]525n n t t -----=1775()(2800)522n t t --+,所以111722775277[()(2800)]()(2800)555522552n n n n n n n t t t a a a t a a t t --+-=--=-=-+-=-, 因为800t <,所以7280002t->, 所以11277()(2800)0552n n n ta a -+-=->,即1n n a a +>,故C 正确;当400t =时,310910940054885488374438002525t a ⨯=-=-=<,故D 错误;【总结提升】1.与实际应用相结合的题型也是高考命题的动向,这类问题的特点是通过现实生活的事例考查书本知识,解决这类问题的关键是耐心读题、仔细理解题,只有吃透题意,才能将实际问题转化为数学模型进行解答.2.等比数列最值有关问题的解题思路:求解此类问题的常用思路是根据题目所给条件建立关于变量n 的函数关系进行求解.有时也注意基本不等式的应用.题型四:数列的“新定义”问题例9.(2022·全国·高三专题练习)对于数列{}n a ,定义11222-=+++n n n A a a a 为数列{}n a 的“加权和”,已知某数列{}n a 的“加权和”12n n A n +=⋅,记数列{}+n a pn 的前n 项和为n T ,若5≤n T T 对任意的N n *∈恒成立,则实数p 的取值范围为( ) A .127,53⎡⎤--⎢⎥⎣⎦B .167,73⎡⎤--⎢⎥⎣⎦C .512,25⎡⎤--⎢⎥⎣⎦D .169,74⎡⎤--⎢⎥⎣⎦【答案】A 【解析】 【分析】根据n A 与n a 的关系求出n a ,再根据等差数列的求和公式求出n T ,将5≤n T T 化为216(5)06+⎛⎫-+≤ ⎪+⎝⎭n n p n 对任意的n *∈N 恒成立,分类讨论n 可求出结果. 【详解】 由1112222n n n n A a a a n -+=+++=⋅,∴2n ≥时,212122(1)2n n n a a a n --+++=-⋅,∴1122(1)2-+⋅=⋅--⋅n n n n a n n ,∴22n a n =+,1n =时,14a =也成立,∴22n a n =+,∴数列{}+n a pn 的前n 项和为:12(12)n n T a a a p n =+++++++2(422)(1)(1)3222++++=+⋅=++⋅n n n n n n p n n p ,∵5≤n T T 对任意的n *∈N 恒成立,∴225(1)56353522+⨯++⋅≤=+⨯+⨯n n n n p T p , 即225335(1)5(51)022p pn n n n -+-⨯++-⨯⨯+≤, 即22225335(5)(5)022p p n n n n -+-⨯+-+-≤,即5(5)(53)0222pn p p n n -+++++≤, 即(6)(5)(8)02p n n n +-++≤, 即216(5)06+⎛⎫-+≤ ⎪+⎝⎭n n p n 对任意的n *∈N 恒成立,当14n ≤≤时,2164266+-≤=+++n p n n 对任意的n *∈N 恒成立, 因为4412226465n +≥+=++,∴125-≤p ,所以125p ≥-,当5n =时,216(5)06n n p n +⎛⎫-+= ⎪+⎝⎭恒成立,R p ∈,当6n ≥时,2164266+-≥=+++n p n n 对任意的n *∈N 恒成立, 因为447226663n +≤+=++,∴73-≥p ,所以73p ≤-,综上可得:实数p 的取值范围为127,53⎡⎤--⎢⎥⎣⎦.故选:A .例10.(2022·江西抚州·高二阶段练习(理))对大于1的自然数m 的三次幂可用奇数进行以下形式的“分裂”:3325⎧⎨⎩,3739,11⎧⎪⎨⎪⎩,3131541719⎧⎪⎪⎨⎪⎪⎩,…仿此,若3m 的“分裂数”中有一个是1111,则m 的值为( ) A .32B .33C .34D .35【答案】B 【解析】 【分析】根据分裂数的定义,求出从32到()31m -、从32到3m 分裂数个数,再根据所有分裂数成等差数列求出1111对应的位置,进而根据不等式求m 值. 【详解】由题意,对于332,...,m ,它们依次对应2、3、…、m 个分裂数,则从32到()31m -各分裂数个数的和为(2)(1)2m m -+,从32到3m 各分裂数个数和为(1)(2)2m m -+,又332,...,m 的分裂数{}n a ,构成首项为3,公差为2的等差数列,所以21n a n =+,令211111n +=,可得555n =,所以(2)(1)(1)(2)55522m m m m -+-+<≤,当32m =时,(1)(2)5275552m m -+=<不符合; 当33m =时,(1)(2)5605552m m -+=>,(2)(1)5275552m m -+=<符合; 当34m =时,(2)(1)5605552m m -+=>不符合; 综上,33m =. 故选:B例11.(2022·河南开封·高二期末(理))若数列{}n a 中不超过()f m 的项数恰为()*,m b n m ∈N ,则称数列{}m b 是数列{}n a 的生成数列,称相应的函数()f m 是数列{}n a 生成{}m b 的控制函数.已知2n n a =,()f m m =,记数列{}m b 的前m 项和为m S ,则63S =( ) A .258 B .264 C .642 D .636【答案】A 【解析】 【分析】分析可知对任意的N k *∈,当)12,2k k m +⎡∈⎣,满足2nn a m =≤的项数为k ,即m b k =,满足条件的m 的个数为1222k k k +-=,进而可求得63S 的值.【详解】因为562632<<,由题中定义,对任意的N k *∈,当)12,2k k m +⎡∈⎣, 满足2nn a m =≤的项数为k ,即m b k =,满足条件的m 的个数为1222k k k +-=,当1m =时,0m b =,当)122,2m ⎡∈⎣时,1m b =,此时满足条件的m 的个数为12,当)232,2m ⎡∈⎣时,2m b =,此时满足条件的m 的个数为22,当)562,2m ⎡∈⎣时,5m b =,此时满足条件的m 的个数为52, 因此,01234563021222324252258S =⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=.故选:A.例12.(2022·全国·高三专题练习)定义:对于任意一个有穷数列,第一次在其每相邻的两项间都插人这两项的和,得到的新数列称之为一阶和数列,如果在一阶和数列的基础上再在其相邻的两项间插入这两项的和称之为二阶和数列,以此类推可以得到n 阶和数列,如{1,5}的一阶和数列是{1,6,5},设它的n 阶和数列各项和为n S .(1)试求{1,5}的二阶和数列各项和2S 与三阶和数列各项和3S ,并猜想n S 的通项公式(无需证明);(2)若()()311log 3log 33n n n c S S +=--⋅-,求{}n c 的前n 项和n T ,并证明:1126n T -<≤-. 【答案】(1)21263=+⨯S ,()12312633=+⨯+S ,133n n S +=+ (2)1122=-+n T n ,证明见解析 【解析】【分析】(1)根据定义求出{1,5}的二阶和数列各项和2S 与三阶和数列各项和3S ,由此归纳出n S ,(2)由(1)化简n c ,再由裂项相消法求其前n 项和,并完成证明.(1)由题意得,116512S =++=,217611512181263S =++++=+=+⨯,()2123187136171116512185412636312633S =++++++++=++=+⨯+⨯=+⨯+,41981572013196231728112716215S =++++++++++++++++121854162=+++2312636363=+⨯+⨯+⨯()123126333=+⨯++, …()12311263333(1)n n S n -=+⨯++++≥,由等比数列的前n 项和公式可得,()113131263313n n n S -+-=+⨯=+-, 所以{}n S 的通项公式133n n S +=+.(2)由于133n n S +=+,所以()()33111111log 3log 31221n n n c S S n n n n +⎛⎫=-=--=- ⎪-⋅-++++⎝⎭, 则1111111132432122n T n n n =-+-++-=-+++, 因为n *∈N ,所以102n >+,所以111222n ->-+, 又n T 随n 的增大而减小,所以当1n =时,n T 取得最大值16-,故1126n T -<≤-. 【温馨提醒】立足于“转化”,将新定义问题转化成等差数列、等比数列问题求解.题型五:数列与解析几何例12.(2021·浙江·高考真题)已知,R,0a b ab ∈>,函数()2R ()f x ax b x =+∈.若(),(),()f s t f s f s t -+成等比数列,则平面上点(),s t 的轨迹是( )A .直线和圆B .直线和椭圆C .直线和双曲线D .直线和抛物线【答案】C 【解析】【分析】首先利用等比数列得到等式,然后对所得的等式进行恒等变形即可确定其轨迹方程.【详解】由题意得2()()[()]f s t f s t f s -+=,即()2222()()a s t b a s t b as b ⎡⎤⎡⎤-+++=+⎣⎦⎣⎦, 对其进行整理变形:()()()22222222asat ast b as at ast b as b +-++++=+, ()()222222(2)0as at b ast as b++--+=, ()2222222240as at b at a s t ++-=, 222242220a s t a t abt -++=,所以22220as at b -++=或0=t ,其中2212s t b b a a-=为双曲线,0=t 为直线.故选:C.例13.(2017山东,理19)已知{x n }是各项均为正数的等比数列,且x 1+x 2=3,x 3-x 2=2(Ⅰ)求数列{x n }的通项公式;(Ⅱ)如图,在平面直角坐标系xOy 中,依次连接点P 1(x 1, 1),P 2(x 2, 2)…P n+1(x n+1, n+1)得到折线P 1 P 2…P n+1,求由该折线与直线y=0,11n x x x x +==,所围成的区域的面积.【答案】(I)(II )(II )过……向轴作垂线,垂足分别为……, 由(I)得记梯形的面积为.由题意, 所以 ……+n T 12.n n x -=(21)21.2n n n T -⨯+=123,,,P P P 1n P +x 123,,,Q Q Q 1n Q +111222.n n n n n x x --+-=-=11n n n n P P Q Q ++n b 12(1)2(21)22n n n n n b n --++=⨯=+⨯123n T b b b =+++n b=……+ ①又……+ ②①-②得= 所以题型六:数列与传统文化 例14.(2022·云南师大附中模拟预测(理))《九章算术》是我国秦汉时期一部杰出的数学著作,书中第三章“衰分”有如下问题:“今有大夫、不更、簪裹、上造、公士,凡五人,共出百钱.欲令高爵出少,以次渐多,问各几何”意思是:“有大夫、不更、簪裏、上造、公士(爵位依次变低)5个人共出100钱,按照爵位从高到低每人所出钱数成递增等差数列,这5个人各出多少钱?”在这个问题中,若不更出17钱,则公士出的钱数为( )A .10B .14C .23D .26【答案】D【解析】【分析】设大夫、不更、簪裹、上造、公士所出的钱数依次构成等差数列{}n a ,根据217a =,前5项和为100求解.【详解】解:设大夫、不更、簪裹、上造、公士所出的钱数依次排成一列,构成数列{}n a .由题意可知,等差数列{}n a 中217a =,前5项和为100,设公差为(0)d d >,前n 项和为n S ,则535100S a ==,解得320a =,所以323d a a , 所以公士出的钱数为532202326a a d =+=+⨯=,故选:D .例15.(2022·山东青岛·一模)我国古代数学著作《九章算术》中有如下问题:“今有人持金出五关,前关二税一,次关三而税一,次关四而税一,次关五而税一,次关六而税一,并五关所税,适重一斤.问本持金101325272-⨯+⨯+⨯+32(21)2(21)2n n n n ---⨯++⨯0122325272n T =⨯+⨯+⨯+21(21)2(21)2n n n n ---⨯++⨯121132(22......2)(21)2n n n T n ----=⨯++++-+⨯1132(12)(21)2.212n n n ---+-+⨯-(21)21.2n n n T -⨯+=几何?”其意思为“今有人持金出五关,第1关收税金为持金的12,第2关收税金为剩余金的13,第3关收税金为剩余金的14,第4关收税金为剩余金的15,第5关收税金为剩余金的16,5关所收税金之和恰好重1斤.问原来持金多少?”.记这个人原来持金为a 斤,设()101,115,01x x f x x x +>⎧=⎨-<≤⎩,则()f a =( ) A .5-B .7C .13D .26【答案】C 【解析】【分析】 根据题意求得每次收的税金,结合题意得到111111223344556a a a a a ++++=⨯⨯⨯⨯,求得a 的值,代入函数的解析式,即可求解.【详解】由题意知:这个人原来持金为a 斤,第1关收税金为:12a 斤;第2关收税金为111(1)3223a a ⋅-⋅=⋅⨯斤; 第3关收税金为1111(1)42634a a ⋅--⋅=⋅⨯斤, 以此类推可得的,第4关收税金为145a ⋅⨯斤,第5关收税金为156a ⋅⨯斤, 所以111111223344556a a a a a ++++=⨯⨯⨯⨯, 即1111111111(1)(1)12233445566a a -+-+-+-+-⋅=-⋅=,解得65a =, 又由()101,115,01x x f x x x +>⎧=⎨-<≤⎩,所以66()1011355f =⨯+=. 故选:C.例16.(2017·全国·高考真题(理))我国古代数学名著《算法统宗》中有如下问题:“远望巍巍塔七层,红光点点倍加增,共灯三百八十一,请问尖头几盏灯?”意思是:一座7层塔共挂了381盏灯,且相邻两层中的下一层灯数是上一层灯数的2倍,则塔的顶层共有灯( )A .1盏B .3盏C .5盏D .9盏【答案】B【解析】【详解】。
数列与函数不等式的综合应用
法二:
a3 a4 a1 a2 4,
解之得 d 1
江苏省启东中学资源库
第八届 “名师之路”大型教科研活 动 暨南通市普通高中高效课堂推进会
(2) a1
5 2
7 ∴数列 an 的通项公式为 an a1 (n 1)d n , 2 1 1 . bn 1 1 7 an n 2 7 7 1 ∵函数 f ( x ) 1 在 (, ) 和 ( , ) 上均是单调递 7 2 2 x 2
次组成数列 an ,则 an3 an .
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互动
例1
提升
已知 an 是公差为 d 的等差数列,它的前
1 an n 项和为 Sn ,且 S4 2S2 4, bn . an (1)求公差 d 的值; 5 (2) 若 a1 , 求数列 bn 中的最大项和最小项 2
21 2
a 则数列 n 的前 n 项和为 n 1
2.
n 1
2
3. 设 M cos x cos x,sin x sin 3 4 3 4
2
x , x R 为 坐 标 平 面 上 一 点 , 记
f x OM 2, 且 f x 的图像与射线 y 0 x 0 交点的横坐标从小到大依
的值;
* n N (3)若对任意的 , 都有 bn b8 成立, 求 a1 的
取值范围.
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解:(1)法一:
S4 2S2 4, 4a1 6d 2(2a1 d ) 4, 解之得 d 1 S4 2S2 4,
压轴题07 数列的通项、求和及综合应用(原卷版)-2023年高考数学压轴题专项训练(江苏专用)
压轴题07数列的通项、求和及综合应用数列是高考重点考查的内容之一,命题形式多种多样,大小均有.其中,小题重点考查等差数列、等比数列基础知识以及数列的递推关系,和其它知识综合考查的趋势明显(特别是与函数、导数的结合问题),浙江卷小题难度加大趋势明显;解答题的难度中等或稍难,随着文理同卷的实施,数列与不等式综合热门难题(压轴题),有所降温,难度趋减,将稳定在中等偏难程度.往往在解决数列基本问题后考查数列求和,在求和后往往与不等式、函数、最值等问题综合.在考查等差数列、等比数列的求和基础上,进一步考查“裂项相消法”、“错位相减法”等,与不等式结合,“放缩”思想及方法尤为重要.数列与数学归纳法的结合问题,也应适度关注.考向一:数列通项、求和问题考向二:数列性质的综合问题考向三:实际应用中的数列问题考向四:以数列为载体的情境题考向五:数列放缩1、利用定义判断数列的类型:注意定义要求的任意性,例如若数列{}n a 满足1n n a a d +-=(常数)(2n ≥,n *∈N )不能判断数列{}n a 为等差数列,需要补充证明21a a d -=;2、数列{}n a 满足212n n n a a a +++=()*n ∈N ,则{}n a 是等差数列;3、数列{}n b 满足1n n b qb +=()*n ∈N ,q 为非零常数,且10b ≠,则{}n b 为等比数列;4、在处理含n S ,n a 的式子时,一般情况下利用公式n a =1*1,1,2,n n S n S S n n - =⎧⎨-∈⎩N≥且,消去n S ,进而求出{}n a 的通项公式;但是有些题目虽然要求{}n a 的通项公式,但是并不便于运用n S ,这时可以考虑先消去n a ,得到关于n S 的递推公式,求出n S 后再求解n a .5、遇到形如1()n n a a f n +-=的递推关系式,可利用累加法求{}n a 的通项公式,遇到形如1()n na f n a +=的递推关系式,可利用累乘法求{}n a 的通项公式,注意在使用上述方法求通项公式时,要对第一项是否满足进行检验.6、遇到下列递推关系式,我们通过构造新数列,将它们转化为熟悉的等差数列、等比数列,从而求解该数列的通项公式:(1)形如1n n a pa q +=+(1p ≠,0q ≠),可变形为111n n q q a p a p p +⎛⎫+=+ ⎪--⎝⎭,则1n q a p ⎧⎫+⎨⎬-⎩⎭是以11q a p +-为首项,以p 为公比的等比数列,由此可以求出n a ;(2)形如11n n n a pa q ++=+(1p ≠,0q ≠),此类问题可两边同时除以1n q +,得111n n n n a a p q q q ++=⋅+,设n n n a b q =,从而变成1n b +=1n pb q+,从而将问题转化为第(1)个问题;(3)形如11n n n n qa pa a a ++-=,可以考虑两边同时除以1n n a a +,转化为11n nq pa a +-=的形式,设1n nb a =,则有11n n qb pb +-=,从而将问题转化为第(1)个问题.7、公式法是数列求和的最基本的方法,也是数列求和的基础.其他一些数列的求和可以转化为等差或等比数列的求和.利用等比数列求和公式,当公比是用字母表示时,应对其是否为1进行讨论.81k=,1111()n n k k n n k ⎛⎫=- ⎪++⎝⎭,裂项后产生可以连续相互抵消的项.抵消后并不一定只剩下第一项和最后一项,也有可能前面剩两项,后面也剩两项,但是前后所剩项数一定相同.常见的裂项公式:(1)111(1)1n n n n =-++;(2)1111(21)(21)22121n n n n ⎛⎫=- ⎪-+-+⎝⎭;(3)1111(2)22n n n n ⎛⎫=- ⎪++⎝⎭;(4)1111(1)(2)2(1)(1)(2)n n n n n n n ⎡⎤=-⎢⎥+++++⎣⎦;(5)(1)(2)(1)(1)(1)3n n n n n n n n ++--++=.9、用错位相减法求和时的注意点:(1)要善于通过通项公式特征识别题目类型,特别是等比数列公比为负数的情形;(2)在写出“n S ”与“n qS ”的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”以便下一步准确写出“n n S qS -”的表达式;(3)在应用错位相减法求和时,若等比数列的公比为参数,应分公比等于1和不等于1两种情况求解.10、分组转化法求和的常见类型:(1)若n n n a b c =±,且{}n b ,{}n c 为等差或等比数列,可采用分组求和法求{}n a 的前n 项和;(2)通项公式为,, n n nb n ac n ⎧=⎨⎩奇数偶数,其中数列{}n b ,{}n c 是等比数列或等差数列,可采用分组求和法求和;(3)要善于识别一些变形和推广的分组求和问题.11、在等差数列{}n a 中,若2m n s t k +=+=(m ,n ,s ,t ,k *∈N ),则2m n s t k a a a a a +=+=.在等比数列{}n a 中,若2m n s t k +=+=(m ,n ,s ,t ,k *∈N ),则2m n s t k a a a a a ==.12、前n 项和与积的性质(1)设等差数列{}n a 的公差为d ,前n 项和为n S .①n S ,2n n S S -,32n n S S -,…也成等差数列,公差为2n d .②n S n ⎧⎫⎨⎬⎩⎭也是等差数列,且122n S d d n a n ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭,公差为2d .③若项数为偶数2k ,则 S S kd -=奇偶,1k kS a S a +=偶奇.若项数为奇数21k +,则1 k S S a +-=奇偶,1S k S k+=奇偶.(2)设等比数列{}n a 的公比为q ,前n 项和为.n S ①当1q ≠-时,n S ,2n n S S -,32n n S S -,…也成等比数列,公比为.n q ②相邻n 项积n T ,2n n T T ,32n nT T ,…也成等比数列,公比为()nn q 2n q =.③若项数为偶数2k ,则()2111k a q S S q--=+奇偶,1S S q=奇偶;项数为奇数时,没有较好性质.13、衍生数列(1)设数列{}n a 和{}n b 均是等差数列,且等差数列{}n a 的公差为d ,λ,μ为常数.①{}n a 的等距子数列{}2,,,m m k m k a a a ++ ()*,k m ∈N 也是等差数列,公差为kd .②数列{}n a λμ+,{}n n a b λμ±也是等差数列,而{}na λ是等比数列.(2)设数列{}n a 和{}n b 均是等比数列,且等比数列{}n a 的公比为q ,λ为常数.①{}n a 的等距子数列{}2,,,m m k m k a a a ++ 也是等比数列,公比为k q .②数列{}(0)n a λλ≠,(0)n a λλ⎧⎫≠⎨⎬⎩⎭,{}n a ,{}n n a b ,n n a b ⎧⎫⎨⎬⎩⎭,{}mn a也是等比数列,而{}log a n a ()010n a a a >≠>,,是等差数列.14、判断数列单调性的方法(1)比较法(作差或作商);(2)函数化(要注意扩展定义域).15、求数列最值的方法(以最大值项为例,最小值项同理)方法1:利用数列的单调性;方法2:设最大值项为n a ,解方程组11n n nn a a a a -+⎧⎨⎩≥≥,再与首项比较大小.一、单选题1.(2023·上海闵行·统考二模)若数列{}n b 、{}n c 均为严格增数列,且对任意正整数n ,都存在正整数m ,使得[]1,m n n b c c +∈,则称数列{}n b 为数列{}n c 的“M 数列”.已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,则下列选项中为假命题的是()A .存在等差数列{}n a ,使得{}n a 是{}n S 的“M 数列”B .存在等比数列{}n a ,使得{}n a 是{}n S 的“M 数列”C .存在等差数列{}n a ,使得{}n S 是{}n a 的“M 数列”D .存在等比数列{}n a ,使得{}n S 是{}n a 的“M 数列”2.(2023·全国·模拟预测)已知等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,1530S =,160S <,则()A .当15n =时,n S 最大B .当16n =时,n S 最小C .数列{}n S 中存在最大项,且最大项为8SD .数列{}n S 中存在最小项3.(2023·山西·校联考模拟预测)记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,若70a >,70S <,则()A .360a a +<B .580a a +>C .47S S <D .1493S a >4.(2023·陕西西安·西北工业大学附属中学校考模拟预测)已知数列{}n a 满足:212n n n a a a +++=对*n ∈N 恒成立,且981a a <-,其前n 项和n S 有最大值,则使得0n S >的最大的n 的值是()A .10B .12C .15D .175.(2023·北京门头沟·统考一模)已知数列{}n a 满足11a =,2112n n n a a a +=-.给出下列四个结论:①数列{}n a 每一项n a 都满足*01()n a n <≤∈N ;②数列{}n a 的前n 项和2n S <;③数列{}n a 每一项都满足21n a n ≤+成立;④数列{}n a 每一项n a 都满足1*1(()2n n a n -≥∈N .其中,所有正确结论的序号是()A .①③B .②④C .①③④D .①②④6.(2023·云南昆明·昆明市第三中学校考模拟预测)已知一族曲线22:20(1,2,)n C x nx y n -+== .从点(1,0)P -向曲线n C 引斜率为(0)n n k k >的切线n l ,切点为(),n n n P x y .则下列结论错误的是()A .数列{}n x 的通项为1n nx n =+B .数列{}n y的通项为n y =C .当3n >时,1352111n n nx x x x x x --⋅⋅⋅>+ Dnnxy <7.(2023·河南信阳·校联考模拟预测)在正三棱柱111ABC A B C -中,若A 点处有一只蚂蚁,随机的沿三棱柱的各棱或各侧面的对角线向相邻的某个顶点移动,且向每个相邻顶点移动的概率相同,设蚂蚁移动n 次后还在底面ABC 的概率为n P ,有如下说法:①112P =;②21325P =;③12n P ⎧-⎫⎨⎬⎩⎭为等比数列;④11111052n n P -⎛⎫=-⨯-+ ⎪⎝⎭,其中说法正确的个数是()A .1B .2C .3D .48.(2023·北京·北京四中校考模拟预测)给定函数()f x ,若数列{}n x 满足()()1n n n n f x x x f x +=-',则称数列{}n x 为函数()f x 的牛顿数列.已知{}n x 为()22f x x x =--的牛顿数列,2ln1n n n x a x -=+,且()11,1n a x n +=<-∈N ,数列{}n a 的前n 项和为n S .则2023S =()A .202321-B .202421-C .2022112⎛⎫- ⎪⎝⎭D .2023112⎛⎫- ⎪⎝⎭9.(2023·河南安阳·统考二模)已知数列{}n x 和{}n a 满足()212223n n n n x x x x +-=>-,2ln1n n n x a x -=-,11a =.若()22n n n b a a n *++=+∈N ,124b b +=,则数列{}n n b a -的前2022项和为()A .20222B .20202C .202224-D .202023-10.(2023·北京海淀·清华附中校考模拟预测)已知数列{}n a 为等差数列,其前n 项和为n S ,119a =-,746a a -=,若对于任意的*n ∈N ,总有n m S S ≥恒成立,则m =()A .6B .7C .9D .10二、多选题11.(2023·辽宁锦州·统考模拟预测)如果有限数列{}n a 满足()11,2,,i n i a a i n -+== ,则称其为“对称数列”,设{}n b 是项数为()*21N k k -∈的“对称数列”,其中121,,,k k k b b b +- 是首项为50,公差为4-的等差数列,则()A .若10k =,则110b =B .若10k =,则{}n b 所有项的和为590C .当13k =时,{}n b 所有项的和最大D .{}n b 所有项的和可能为012.(2023·湖南益阳·统考模拟预测)如图,有一列曲线1Ω,2Ω,L ,n Ω,L ,且1Ω是边长为6的等边三角形,1i +Ω是对(1,2,)i n Ω= 进行如下操作而得到:将曲线i Ω的每条边进行三等分,以每边中间部分的线段为边,向外作等边三角形,再将中间部分的线段去掉得到1i +Ω,记曲线(1,2,)n n Ω= 的边长为n a ,周长为n c ,则下列说法正确的是()A .212(3n n a -=⋅B .52569c =C .在3Ω中OA OC OD OC ⋅=⋅D .在3Ω中40OB OC ⋅=13.(2023·浙江·统考二模)“冰雹猜想”也称为“角谷猜想”,是指对于任意一个正整数x ,如果x 是奇数㩆乘以3再加1,如果x 是偶数就除以2,这样经过若干次操作后的结果必为1,犹如冰雹掉落的过程.参照“冰雹猜想”,提出了如下问题:设*N k ∈,各项均为正整数的数列{}n a 满足11a =,1,,2,,nn n n n a a a a k a +⎧⎪=⎨⎪+⎩为偶数为奇数则()A .当5k =时,54a =B .当5n >时,1n a ≠C .当k 为奇数时,2n a k≤D .当k 为偶数时,{}n a 是递增数列14.(2023·重庆九龙坡·统考二模)已知数列{}n a 满足12a =,11,2,n n n n a n a a n ++⎧+⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数,设2n n b a =,记数列{}n a 的前2n 项和为2n S ,数列{}n b 的前n 项和为n T ,则下列结论正确的是()A .524a =B .2nn b n =⋅C .12n n T n +=⋅D .()122122n n S n +=-+15.(2023·河北唐山·统考二模)如图,ABC 是边长为2的等边三角形,连接各边中点得到111A B C △,再连接111A B C △的各边中点得到222A B C △,…,如此继续下去,设n n n A B C 的边长为n a ,n n n A B C 的面积为n M ,则()A .234n n M =B .2435a a a =C .21222nn a a a -++⋅⋅⋅+=-D.12n M M M ++⋅⋅⋅+16.(2023·浙江金华·模拟预测)已知定义在R 上且不恒为0的函数()f x ,若对任意的,R x y ∈,都有()()()f xy xf y yf x =+,则()A .函数()f x 是奇函数B .对*N n ∀∈,有()()nf x nf x =C .若()22f =,则()()()23(2)222(1)2-2n nf f f f n ++++=+ D .若(2)2f =,则2310111122210232123101024f f f f ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭++++=-三、填空题17.(2023·广西·统考模拟预测)有穷数列{}n a 共有k 项,满足127a =,2737a =,且当*n ∈N ,3n k ≤≤时,211n n n n a a a ---=-,则项数k 的最大值为______________.18.(2023·江西九江·校联考模拟预测)著名科学家牛顿用“作切线”的方法求函数的零点时,给出了“牛顿数列”,它在航空航天中应用广泛.其定义是:对于函数()f x ,若数列{}n x 满足1()()n n n n f x x x f x +=-',则称数列{}n x 为牛顿数列,若函数2()f x x =,2log n n a x =,且11a =,则8a =__________.19.(2023·北京石景山·统考一模)项数为(),2k k k *∈≥N 的有限数列{}n a 的各项均不小于1-的整数,满足123123122220k k k k k a a a a a ----⋅+⋅+⋅+⋅⋅⋅+⋅+=,其中10a ≠.给出下列四个结论:①若2k =,则22a =;②若3k =,则满足条件的数列{}n a 有4个;③存在11a =的数列{}n a ;④所有满足条件的数列{}n a 中,首项相同.其中所有正确结论的序号是_________.20.(2023·广西·统考一模)古希腊毕达哥拉斯学派的“三角形数”是一列点(或圆球)在等距的排列下可以形成正三角形的数,如1,3,6,10,15,…,我国宋元时期数学家朱世杰在《四元玉鉴》中所记载的“垛积术”,其中的“落一形”锥垛就是每层为“三角形数”的三角锥的锥垛(如图所示,顶上一层1个球,下一层3个球,再下一层6个球…),若一“落一形”三角锥垛有10层,则该锥垛球的总个数为___________.(参考公式:()2222*(1)(21)1236n n n n n ++++++=∈N )21.(2023·陕西渭南·统考二模)已知数列{}n a 中,11,0n a a =>,前n 项和为n S .若)*1N ,2n n n a S S n n -=∈≥,则数列11n n a a +⎧⎫⎨⎬⎩⎭的前2023项和为___________.22.(2023·广东深圳·深圳中学统考模拟预测)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,满足:()*122n n n a a a n ++=+∈N ,且3a ,7a 为方程218650x x -+=的两根,且73a a >.若对于任意*n ∈N ,不等式()()2241nn n a a λ->-恒成立,则实数λ的取值范围为___________.23.(2023·湖北武汉·统考模拟预测)已知在正项等比数列{}n a 中,38a =,532a =,则使不等式511n S >成立的正整数n 的最小值为________.24.(2023·广东广州·广州市第二中学校考模拟预测)数列{}n a 满足n a n p =-+,数列{}n b 满足52n n b -=,设,,n n nn n nn a a b c b a b ≤⎧=⎨>⎩,且对任意*n ∈N 且9n ≠,有9n c c >,则实数p 的取值范围为____.四、解答题25.(2023·全国·模拟预测)已知数列{}n a 中,n S 是其前n 项的和,21511S S =,112n n naa a++=-.(1)求1a ,2a 的值,并证明11n a ⎧⎫-⎨⎬⎩⎭是等比数列;(2)证明:11111222n n n n S n +-+<<-+.26.(2023·山东·沂水县第一中学校联考模拟预测)在如图所示的平面四边形ABCD 中,ABD △的面积是CBD △面积的两倍,又数列{}n a 满足12a =,当2n ≥时,()()1122n n n n BD a BA a BC --=++- ,记2nn n a b =.(1)求数列{}n b 的通项公式;(2)求证:2221211154n b b b +++< .27.(2023·天津·校联考一模)已知数列{}n a 满足12n n a a +-=,其前8项的和为64;数列{}n b 是公比大于0的等比数列,13b =,3218b b -=.(1)求数列{}n a 和{}n b 的通项公式;(2)记211n n n n na c a ab ++-=,*n ∈N ,求数列{}n c 的前n 项和n T ;(3)记()12221,21,N1,2,N n n n n n a n k k a d n k k b +**⎧-⋅=-∈⎪⎪+=⎨=∈⎪⎪⎩,求221nn k k S d ==∑.28.(2023·广西桂林·校考模拟预测)设数列{}n a 的前n 项和为n S ,且n a 与4-n 的等差中项为n n S a -.(1)证明:数列{}2n a +是等比数列;(2)设32log 2n n a b +=,证明:1352111111111n b b b b -⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫++++>⎪⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭ 29.(2023·天津·统考一模)已知数列{}n a 中,11a =,22a =,()24Nn n a a n *+-=∈,数列{}n a 的前n 项和为n S .(1)求数列{}n a 的通项公式:(2)若215n n b S n=+,求数列{}n b 的前n 项和n T ;(3)在(2)的条件下,设124n n n n n b c b b ++=,求证:111346822n n n k n n --=++-<-.30.(2023·广东·校联考模拟预测)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,且312323n S S S nS n +++⋅⋅⋅+=.(1)求数列{}n a 的通项公式;(2)若n n b na =,且数列{}n b 的前n 项和为n T ,求证:当3n ≥时,()311421n n n T n +≤+--.31.(2023·天津河北·天津外国语大学附属外国语学校校考模拟预测)已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,()2*n S n n =∈N ,数列{}n b 为等比数列,且21a +,41a +分别为数列{}n b 第二项和第三项.(1)求数列{}n a 与数列{}n b 的通项公式;(2)若数列()()1322(1)11+⋅-=+-⋅--n nn n n n n c a b b b ,求数列{}n c 的前2n 项和2n T ;(3)求证:()2131nii i b b =<-∑.32.(2023·河北石家庄·统考一模)伯努利不等式,又称贝努利不等式,由数学家伯努利提出:对于实数1x >-且0x ≠,正整数n 不小于2,那么(1)1n x nx +≥+.研究发现,伯努利不等式可以推广,请证明以下问题.(1)证明:当[1,)α∈+∞时,(1)1x x αα+≥+对任意1x >-恒成立;(2)证明:对任意*n ∈N ,123(1)n n n n n n n ++++<+ 恒成立.。
2020年高考数学(理)总复习:数列的求和及综合应用(解析版)
2020年高考数学(理)总复习:数列的求和及综合应用题型一 数列求和 【题型要点】(1)分组求和法:分组求和法是解决通项公式可以写成c n =a n +b n 形式的数列求和问题的方法,其中{a n }与{b n }是等差(比)数列或一些可以直接求和的数列.(2)裂项相消法:将数列的通项分成两个代数式子的差,即a n =f (n +1)-f (n )的形式,然后通过累加抵消中间若干项的求和方法.形如1+n n a a c(其中{a n }是各项均不为0的等差数列,c 为常数)的数列等.(3)错位相减法:形如{a n ·b n }(其中{a n }为等差数列,{b n }为等比数列)的数列求和,一般分三步:①巧拆分;②构差式;③求和.(4)倒序求和法:距首尾两端等距离的两项和相等,可以用此法,一般步骤:①求通项公式;②定和值;③倒序相加;④求和;⑤回顾反思.(5)并项求和法:先将某些项放在一起求和,然后再求S n .(6)归纳猜想法:通过对S 1,S 2,S 3,…的计算进行归纳分析,寻求规律,猜想出S n ,然后用数学归纳法给出证明.【例1】已知各项为正数的等比数列{a n }的前n 项和为S n ,数列{b n }的通项公式b n =⎩⎪⎨⎪⎧n ,n 为偶数,n +1,n 为奇数(n ∈N *),若S 3=b 5+1,b 4是a 2和a 4的等比中项. (1)求数列{a n }的通项公式; (2)求数列{a n ·b n }的前n 项和T n .【解析】 (1)∵数列{b n }的通项公式b n =⎩⎪⎨⎪⎧n ,n 为偶数,n +1,n 为奇数(n ∈N *),∴b 5=6,b 4=4,设各项为正数的等比数列{a n }的公比为q ,q >0, ∵S 3=b 5+1=7,∴a 1+a 1q +a 1q 2=7,① ∵b 4是a 2和a 4的等比中项,∴a 2·a 4=a 23=16,解得a 3=a 1q 2=4,②由①②得3q 2-4q -4=0,解得q =2,或q =-23(舍),∴a 1=1,a n =2n -1.(2)当n 为偶数时,T n =(1+1)·20+2·2+(3+1)·22+4·23+(5+1)·24+…+[[(n -1)+1]·2n-2+n ·2n -1=(20+2·2+3·22+4·23+…+n ·2n -1)+(20+22+…+2n -2),设H n =20+2·2+3·22+4·23+…+n ·2n -1,①2H n =2+2·22+3·23+4·24+…+n ·2n ,② ①-②,得-H n =20+2+22+23+…+2n -1-n ·2n=1-2n 1-2-n ·2n =(1-n )·2n -1,∴H n =(n -1)·2n +1,∴T n =(n -1)·2n+1+1-4·2n 1-4=⎪⎭⎫ ⎝⎛-32n ·2n +23.当n 为奇数,且n ≥3时,T n =T n -1+(n +1)·2n -1=⎪⎭⎫ ⎝⎛-35n ·2n -1+23+(n +1)·2n -1=⎪⎭⎫ ⎝⎛-322n ·2n -1+23,经检验,T 1=2符合上式, ∴T n =⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧+⋅⎪⎭⎫ ⎝⎛-+⋅⎪⎭⎫ ⎝⎛--为偶数为奇数n n n n n n ,32232,3223221【反思总结】(1)错位相减法适用于求数列{a n ·b n }的前n 项和,其中{a n }为等差数列,{b n }为等比数列. (2)所谓“错位”,就是要找“同类项”相减.要注意的是相减后所得部分,求等比数列的和,此时一定要查清其项数.(3)为保证结果正确,可对得到的和取n =1,2进行验证.题组训练一 数列求和已知等比数列{a n }的前n 项和为S n ,且6S n =3n +1+a (a ∈N *).(1)求a 的值及数列{a n }的通项公式;(2)设b n =(-1)n -1(2n 2+2n +1)(log 3a n +2)2(log 3a n +1)2,求{b n }的前n 项和T n .【解析】 (1)∵等比数列{a n }满足6S n =3n +1+a (a ∈N *),n =1时,6a 1=9+a ;n ≥2时,6a n =6(S n -S n -1)=3n +1+a -(3n +a )=2×3n .∴a n =3n -1,n =1时也成立,∴1×6=9+a ,解得a =-3,∴a n =3n -1.(2)b n =(-1)n -1(2n 2+2n +1)(log 3a n +2)2(log 3a n +1)2=(-1)n -1(2n 2+2n +1)n 2(n +1)2=(-1)n -1()⎥⎦⎤⎢⎣⎡++22111n n当n 为奇数时,T n =+⋅⋅⋅+⎪⎭⎫⎝⎛+-⎪⎭⎫ ⎝⎛+222231212111()⎥⎦⎤⎢⎣⎡++22111n n =1+1(n +1)2; 当n 为偶数时,T n =+⋅⋅⋅+⎪⎭⎫⎝⎛+-⎪⎭⎫ ⎝⎛+222231212111()⎥⎦⎤⎢⎣⎡++22111n n =1-1(n +1)2. 综上,T n =1+(-1)n-11(n +1)2. 题型二 数列与函数的综合问题 【题型要点】数列与函数的综合问题主要有以下两类:(1)已知函数条件,解决数列问题,此类问题一般利用函数的性质、图象研究数列问题; (2)已知数列条件,解决函数问题,解决此类问题一般要充分利用数列的范围、公式、求和方法对式子化简变形.【例2】已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且S n =2n 2+2n . (1)求数列{a n }的通项公式;(2)若点(b n ,a n )在函数y =log 2x 的图象上,求数列{b n }的前n 项和T n . 【解】 (1)当n ≥2时,a n =S n -S n -1=2n 2+2n -[2(n -1)2+2(n -1)]=4n , 当n =1时,a 1=S 1=4=4×1, ∴数列{a n }的通项公式为a n =4n .(2)由点{b n ,a n }在函数y =log 2x 的图象上得a n =log 2b n ,且a n =4n ,∴b n =2an =24n =16n ,故数列{b n }是以16为首项,公比为16的等比数列.T n =16(1-16n )1-16=16n +1-1615.题组训练二 数列与函数的综合问题已知二次函数f (x )=ax 2+bx 的图象过点(-4n,0),且f ′(0)=2n (n ∈N *). (1)求f (x )的解析式;(2)若数列{a n }满足1a n +1=f ′⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛na 1,且a 1=4,求数列{a n }的通项公式. 【解】 (1)由f ′(x )=2ax +b ,f ′(0)=2n ,得b =2n ,又f (x )的图象过点(-4n,0),所以16n 2a -4nb =0,解得a =12.所以f (x )=12x 2+2nx (n ∈N *).(2)由(1)知f ′(x )=x +2n (n ∈N *), 所以1a n +1=1a n +2n ,即1a n +1-1a n=2n .所以1a n -1a n -1=2(n -1), 1a n -1-1a n -2=2(n -2),…1a 2-1a 1=2,以上各式相加得1a n -14=n 2-n ,所以a n =1n 2-n +14,即a n =4(2n -1)2(n ∈N *). 题型三 数列与不等式的综合问题 【题型要点】(1)以数列为背景的不等式恒成立问题,多与数列求和相联系,最后利用数列或数列对应函数的单调性求解.(2)以数列为背景的不等式证明问题,多与数列求和有关,常利用放缩法或单调性法证明.(3)当已知数列关系时,需要知道其范围时,可借助数列的单调性,即比较相邻两项的大小即可.【例3】设f n (x )=x +x 2+…+x n -1,x ≥0,n ∈N ,n ≥2. (1)求f n ′(2);(2)证明:f n (x )在⎪⎭⎫⎝⎛32,0内有且仅有一个零点(记为a n ),且0<a n -12<13n⎪⎭⎫ ⎝⎛32.(1)【解】 方法一 由题设f n ′(x )=1+2x +…+nx n -1,所以f n ′(2)=1+2×2+…+(n -1)2n -2+n ·2n -1,①则2f n ′(2)=2+2×22+…+(n -1)2n -1+n ·2n ,②由①-②得,-f n ′(2)=1+2+22+…+2n -1-n ·2n=1-2n1-2-n ·2n =(1-n )2n -1, 所以f n ′(2)=(n -1)2n +1.方法二 当x ≠1时,f n (x )=x -x n +11-x-1,则f n ′(x )=[1-(n +1)x n ](1-x )+(x -x n +1)(1-x )2,可得f n ′(2)=-[1-(n +1)2n ]+2-2n +1(1-2)2=(n -1)2n +1.(2)[证明] 因为f n (0)=-1<0,f n ⎪⎭⎫ ⎝⎛32=32132132-⎥⎥⎦⎤⎢⎢⎣⎡⎪⎭⎫ ⎝⎛-n-1=1-2×n ⎪⎭⎫ ⎝⎛32≥1-2×232⎪⎭⎫ ⎝⎛>0,所以f n (x )在⎪⎭⎫ ⎝⎛32,0内至少存在一个零点,又f ′n (x )=1+2x +…+nx n -1>0,所以f n (x )在⎪⎭⎫ ⎝⎛32,0内单调递增,因此f n (x )在⎪⎭⎫⎝⎛32,0内有且仅有一个零点a n ,由于f n (x )=x -x n +11-x -1,所以0=f n (a n )=a n -a n +1n1-a n-1,由此可得a n =12+12a n +1n >12,故12<a n <23,所以0<a n -12=12a n +1n <12×132+⎪⎭⎫ ⎝⎛n =13n⎪⎭⎫ ⎝⎛32. 题组训练三 数列与不等式的综合问题1.已知等比数列{a n }满足a n +1+a n =10·4n -1(n ∈N *),数列{b n }的前n 项和为S n ,且b n =log 2a n .(1)求b n ,S n ;(2)设c n =b n +12,证明:c 1·c 2+c 2·c 3+…+c n ·c n +1<12S n +1(n ∈N *).【解】 (1)解 由题意知a 2+a 1=10,a 2+a 3=40,设{a n }的公比为q ,则a 2+a 3a 1+a 2=q (a 1+a 2)a 1+a 2=4,∴q =4.则a 1+a 2=a 1+4a 1=10,解得a 1=2,∴a n =2·4n -1=22n -1.∴b n =log 222n -1=2n -1.∴S n =n (b 1+b n )2=n (1+2n -1)2=n 2.(2)证明 法一∵c n =b n +12=2n -1+12=n ,∴S n +1=(n +1)2.要证明c 1·c 2+c 2·c 3+…+c n ·c n +1<12S n +1,即证1×2+2×3+…+n ×(n +1)<12(n +1)2,①当n =1时,1×2<12×(1+1)2=2成立.②假设当n =k (k ∈N *)时不等式成立, 即1×2+2×3+…+k ×(k +1)<12(k +1)2,则当n =k +1(k ∈N *)时,要证1×2+2×3+…+k ×(k +1)+(k +1)(k +2)<12(k +2)2,即证(k +1)(k +2)<12(k +2)2-12(k +1)2,即(k +1)(k +2)<k +32,两边平方得k 2+3k +2<k 2+3k +94显然成立,∴当n =k +1(k ∈N *)时,不等式成立. 综上,不等式成立.法二 ∵c n =b n +12=2n -1+12=n ,S n +1=(n +1)2,由基本不等式可知n (n +1)≤n +n +12=n +12,故1×2<1+12,2×3<2+12,…,n (n +1)≤n +12,∴1×2+2×3+3×4+…+n (n +1)<(1+2+3+…+n )+n 2=n 2+2n 2<n 2+2n +12=(n +1)22,即不等式c 1·c 2+c 2·c 3+…+c n ·c n +1<12S n +1(n ∈N *)成立.2.已知数列{a n }满足a 1=1,a n +1=a n 1+a 2n,n ∈N *,记S n ,T n 分别是数列{a n },{a 2n }的前n 项和.证明:当n ∈N *时,(1)a n +1<a n ; (2)T n =1a 2n +1-2n -1;(3)2n -1<S n <2n .【证明】 (1)由a 1=1及a n +1=a n1+a 2n 知,a n >0,故a n +1-a n =a n 1+a 2n -a n =-a 3n1+a 2n <0, ∴a n +1<a n ,n ∈N *. (2)由1a n +1=1a n +a n ,得1a 2n +1=1a 2n +a 2n +2,从而1a 2n +1=1a 2n +a 2n +2=1a 2n -1+a 2n -1+a 2n +2×2=…=1a 21+a 21+a 22+…+a 2n +2n ,又∵a 1=1,∴T n =1a 2n +1-2n -1,n ∈N *. (3)由(2)知,a n +1=1T n +2n +1,由T n ≥a 21=1,得a n +1≤12n +2,∴当n ≥2时,a n ≤12n =22n <2n +n -1=2(n -n -1),由此S n <a 1+2[(2-1)+(3-2)+…+(n -n -1)]=1+2(n -1)<2n ,n ≥2,又∵a 1=1,∴S n <2n .另一方面,由a n =1a n +1-1a n ,得S n =1a n +1-1a 1≥2n +2-1>2n -1.综上,2n -1<S n <2n .【专题训练】1.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且a 2=8, S n =a n +12-n -1.(1)求数列{a n }的通项公式; (2)求数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫2×3na n a n +1的前n 项和T n .【解】 (1)因为S n =a n +12-n -1,故当n =1时,a 1=a 22-1-1=2;当n ≥2时,2S n =a n +1-2n -2,2S n -1=a n -2(n -1)-2,两式相减可得a n +1=3a n +2; 经检验,当n =1时也满足a n +1=3a n +2,故a n +1+1=3(a n +1),故数列{a n +1}是以3为首项,3为公比的等比数列,故a n +1=3n ,即a n =3n -1.(2)由(1)可知,2×3n a n a n +1=2×3n(3n -1)(3n +1-1) =13n-1-13n +1-1, 故T n =131-1-132-1+132-1-133-1+…+13n -1-13n +1-1=12-13n +1-1.2.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,a 1=2,a n +1=S n +2. (1)求数列{a n }的通项公式;(2)已知b n =log 2a n ,求数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1b n b n +1的前n 项和T n .【解析】 (1)∵a n +1=S n +2,∴当n ≥2时,a n =S n -1+2,两式相减得,a n +1-a n =S n -S n -1=a n ,则a n +1=2a n ,所以a n +1a n =2(n ≥2),∵a 1=2,∴a 2=S 1+2=4,满足a 2a 1=2,∴数列{a n }是以2为公比、首项为2的等比数列,则a n =2·2n -1=2n ;(2)由(1)得,b n =log 2a n =log 22n =n , ∴1b n b n +1=1n (n +1)=1n -1n +1, ∴T n =⎪⎭⎫ ⎝⎛+-⋅⋅⋅+⎪⎭⎫ ⎝⎛-+⎪⎭⎫ ⎝⎛-1113121211n n =1-1n +1=n n +1. 3.已知正项数列{a n }的前n 项和为S n ,且a 1=2,4S n =a n ·a n +1,n ∈N *. (1)求数列{a n }的通项公式;(2)设数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫1a 2n 的前n 项和为T n ,求证:n 4n +4<T n <12.【解析】 (1)∵4S n =a n ·a n +1,n ∈N *, ∴4a 1=a 1·a 2,又a 1=2,∴a 2=4.当n ≥2时,4S n -1=a n -1·a n ,得4a n =a n ·a n +1-a n -1·a n .由题意知a n ≠0,∴a n +1-a n -1=4. ①当n =2k +1,k ∈N *时,a 2k +2-a 2k =4,即a 2,a 4,…,a 2k 是首项为4,公差为4的等差数列, ∴a 2k =4+(k -1)×4=4k =2×2k ; ②当n =2k ,k ∈N *时,a 2k +1-a 2k -1=4,即a 1,a 3,…,a 2k -1是首项为2,公差为4的等差数列, ∴a 2k -1=2+(k -1)×4=4k -2=2(2k -1). 综上可知,a n =2n ,n ∈N *.(2)证明:∵1a 2n =14n 2>14n (n +1)=14⎪⎭⎫ ⎝⎛+-111n n ,∴T n =1a 21+1a 22+…+1a 2n>14⎪⎭⎫ ⎝⎛+-⋅⋅⋅+⎪⎭⎫ ⎝⎛-+⎪⎭⎫ ⎝⎛-1113121211n n =141-1n +1=n 4n +4. 又∵1a 2n =14n 2<14n 2-1=1(2n -1)(2n +1)=12⎪⎭⎫ ⎝⎛+--121121n n ,∴T n =1a 21+1a 22+…+1a 2n <12⎪⎭⎫ ⎝⎛+--+-+-+-12112171515131311n n =12⎪⎭⎫ ⎝⎛+-1211n <12. 即得n 4n +4<T n <12.4.已知数列{a n }与{b n }的前n 项和分别为A n 和B n ,且对任意n ∈N *,a n +1-a n =2(b n +1-b n )恒成立.(1)若A n =n 2,b 1=2,求B n ;(2)若对任意n ∈N *,都有a n =B n 及b 2a 1a 2+b 3a 2a 3+b 4a 3a 4+…+b n +1a n a n +1<13成立,求正实数b 1的取值范围;(3)若a 1=2,b n =2n ,是否存在两个互不相等的整数s ,t (1<s <t ),使A 1B 1,A s B s ,A t B t成等差数列?若存在,求出s ,t 的值;若不存在,请说明理由. 【解】 (1)因为A n =n 2,所以a n =⎩⎪⎨⎪⎧1,n =1,n 2-(n -1)2,n ≥2, 即a n =2n -1,故b n +1-b n =12(a n +1-a n )=1,所以数列{b n }是以2为首项,1为公差的等差数列,所以B n =n ·2+12·n ·(n -1)·1=12n 2+32n . (2)依题意B n +1-B n =2(b n +1-b n ),即b n +1=2(b n +1-b n ),即b n +1b n=2, 所以数列{b n }是以b 1为首项,2为公比的等比数列,所以a n =B n =1-2n1-2×b 1=b 1(2n -1), 所以b n +1a n a n +1=2nb 1(2n -1)·(2n +1-1), 因为b n +1a n a n +1=1b 1⎪⎭⎫ ⎝⎛---+1211211n n 所以b 2a 1a 2+b 3a 2a 3+b 4a 3a 4+…+b n +1a n a n +1=1b 1⎪⎭⎫ ⎝⎛---+12112111n ,所以1b 1⎪⎭⎫ ⎝⎛---+12112111n <13恒成立,即b 1>3⎪⎭⎫ ⎝⎛--+12111n ,所以b 1≥3.(3)由a n +1-a n =2(b n +1-b n )得:a n +1-a n =2n +1,所以当n ≥2时,a n =(a n -a n -1)+(a n -1-a n -2)+…+(a 3-a 2)+(a 2-a 1)+a 1=2n +2n -1+…+23+22+2=2n +1-2, 当n =1时,上式也成立,所以A n =2n +2-4-2n , 又B n =2n +1-2,所以A n B n =2n +2-4-2n 2n +1-2=2-n 2n -1, 假设存在两个互不相等的整数s ,t (1<s <t ),使A 1B 1,A s B s ,A t B t 成等差数列,等价于121-1,s 2s -1,t 2t -1成等差数列, 即2s 2s-1=121-1+t 2t -1,即2s 2s -1=1+t 2t -1,因为1+t 2t -1>1,所以2s 2s -1>1,即2s <2s +1,令h (s )=2s -2s -1(s ≥2,s ∈N *),则h (s +1)-h (s )=2s -2>0所以h (s )递增, 若s ≥3,则h (s )≥h (3)=1>0,不满足2s <2s +1,所以s =2,代入2s 2s -1=121-1+t 2t -1得2t -3t -1=0(t ≥3),当t =3时,显然不符合要求; 当t ≥4时,令φ(t )=2t -3t -1(t ≥4,t ∈N *),则同理可证φ(t )递增,所以φ(t )≥φ(4)=3>0,所以不符合要求.所以,不存在正整数s ,t (1<s <t ),使A 1B 1,A s B s ,A t B t成等差数列.。
数列综合应用教案
数列综合应用教案【篇一:《数列的综合应用》教案】个性化教案授课时间年级高三备课时间学生姓名教师姓名课题数列的进一步认识教学目标(1)熟练掌握等差数列、等比数列的前n项和公式,以及非等差数列、等比数列求和的几种常见方法。
教学重点教学设计教学内容(2)理解与掌握“等价转化”、“变量代换”思想(3)能在具体的问题情境中识别数列的相应关系,并能用相关知识解决相应的问题1、数列求和的几种常见方法2、识别数列的相关关系,并能利用“等价转化”、“变量代换”思想解决相关数列问题一、检查并点评学生的作业。
检查过程中,要特别注意反映在学生作业中的知识漏洞,并当场给学生再次讲解该知识点,也可出题让学生做,检查效果。
二、检查学生上节课或在校一周内的知识点掌握情况,帮助学生再次梳理知识。
三、讲授新内容数列求和数列求和的常用方法 1、公式法(1)直接利用等差数列、等比数列的前n项公式求和;(2)一些常见的数列的前n项和:n∑k=n(n+1)k=12n∑k2=16n(n+1)(2n+1)k=1nk3=14n2(n+1)2k=12、倒序相加法如果一个数列{an},首末两端等“距离”的两项的和相等或等于同一个常数,那么求这个数列的前n项和即可用倒序相加法。
等差数列的前n项和即是用此法推导的。
3、错位相减法如果一个数列的各项是由一个等差数列和一个等比数列的对应之积构成的,那么这个数列的前n项和即可用此法来求,如等比数列的前n项和就是用此法推导的;例:sn=1*2+2*4+3*8+??+n*2n①2sn=1*4+2*8+3*16+??+(n-1)*2n+n*2n+1②①-②得 -sn=2-(4+8+16+??+2n)-n*2n+1 即:sn=(n-1)2n+1-64、裂项相消法把数列的通项拆成两项之差,在求和时中间的一些项可以相互抵消,从而求得其和;注:用裂项相消法求数列前n项和的前提是:数列中的每一项均能分裂成一正一负两项,这是用裂项相消法的前提。
【全程复习方略】2013版高中数学 (主干知识+典例精析)5.5数列的综合应用课件 理 新人教B版
即1 600(
故至少经过5年旅游业的总收入才能超过总投入.
【反思·感悟】1.解答本题时,理解题意是关键,其中an,bn是
等比数列的前n项和,而非第n项.
2.此类问题往往从应用题给出的初始条件入手,推出若干项,
逐步探索数列通项或前n项和或前后两项的递推关系,从而建立
等比数列模型.
3.与等比数列联系较大的是“增长率”、“递减率”的概念, 在经济上多涉及利润、成本、效益的增减问题;在人口数量的
【满分指导】数列与函数的综合应用解答题的规范解答
【典例】(12分)(2011·陕西高考)如图,从点P1(0,0)作x轴的垂
线交曲线y=ex于点Q1(0,1),曲线在Q1点处的切线与x轴交于点P2. 再从P2作x轴的垂线交曲线于点Q2,依次重复上述过程得到一系 列点:P1,Q1;P2,Q2;…;Pn,Qn,记Pk点的坐标为(xk,0) (k=1,2,…,n).
【规范解答】(1)设点Pk-1的坐标是(xk-1,0), ∵y=ex,∴y′=ex,…………………………………………3分 ∴Qk-1(xk-1, e x ),在点Qk-1(xk-1, e x )处的切线方程是y- e x
k 1 k 1y=0,则xk=xk-1-1(k=2,…,n).…………6分
【即时应用】 (1)思考:银行储蓄单利公式及复利公式是什么模型?
提示:单利公式——设本金为a元,每期利率为r,存期为n,
则本利和an=a(1+rn),属于等差模型.复利公式——设本金为
a元,每期利率为r,存期为n,则本利和an=a(1+r)n,属于等
比模型.
(2)小王每月除去所有日常开支,大约结余a元.小王决定采用 零存整取的方式把余钱积蓄起来,每月初存入银行a元,存期1 年(存12次),到期取出本金和利息.假设一年期零存整取的月 利率为r,每期存款按单利计息.那么,小王存款到期利息为
专题07 数列-2023年高考数学真题题源解密(新高考)(原卷版)
专题07 数列目录一览考向一等差数列}为等差数列,1.(2023•新高考Ⅰ•第7题)记S n为数列{a n}的前n项和,设甲:{a n}为等差数列;乙:{S nn 则( )A.甲是乙的充分条件但不是必要条件B.甲是乙的必要条件但不是充分条件C.甲是乙的充要条件D.甲既不是乙的充分条件也不是乙的必要条件考向二等比数列2.(2023•新高考Ⅱ•第8题)记S n为等比数列{a n}的前n项和,若S4=﹣5,S6=21S2,则S8=( )A.120B.85C.﹣85D.﹣120考向三数列综合3.(2023•新高考Ⅰ•第20题)设等差数列{a n}的公差为d,且d>1.令b n=S n,T n分别为数列n{a n},{b n}的前n项和.(1)若3a2=3a1+a3,S3+T3=21,求{a n}的通项公式;(2)若{b n}为等差数列,且S99﹣T99=99,求d.4.(2023•新高考Ⅱ•第18题)已知{a n}为等差数列,b n=a n−6,n为奇数2a n,n为偶数,记S n,T n为{a n},{b n}的前n 项和,S4=32,T3=16.(1)求{a n}的通项公式;(2)证明:当n>5时,T n>S n.【命题意图】考查等差、等比数列的通项公式和前n 项和公式,考查等差、等比数列的性质;考查数列的求和方法,考查根据数列的递推公式求通项公式,考查数列和其他知识结合等综合知识.【考查要点】数列是高考考查热点之一,其中等差、等比数列的通项公式、求和公式,以及与等差、等比数列有关的错位相消求和及裂项相消求和,是考查的重点.作为数列综合题,常和充要条件、方程、不等式、函数等结合,涉及到恒成立,存在,最值,解不等式或者证明不等式等,对于基础能力和基础运算要求较高.【得分要点】1.解决等差、等比数列有关问题的几点注意(1)等差数列、等比数列公式和性质的灵活应用;(2)对于计算解答题注意基本量及方程思想的运用;(3)注重问题的转化,由非等差数列、非等比数列构造出新的等差数列或等比数列,以便利用相关公式和性质解题;(4)当题目中出现多个数列时,既要纵向考察单一数列的项与项之间的关系,又要横向考察各数列之间的内在联系.2.数列求和问题一般转化为等差数列或等比数列的前n 项和问题或已知公式的数列求和,不能转化的再根据数列通项公式的特点选择恰当的方法求解.,一般常见的求和方法有:(一)公式法②等比数列的前n 项和公式:③数列前项和重要公式:(2)(5)等差数列中,;n 1(21)n k k =-=∑()13521n ++++-= 2nm n m n S S S mnd +=++(6)等比数列中,.(二)分组求和法:把一个数列分成几个可以直接求和的数列.(三)裂项(相消)法:有时把一个数列的通项公式分成两项差的形式,相加过程消去中间项,只剩有限项再求和.(四)错位相减法:适用于一个等差数列和一个等比数列对应项相乘构成的数列求和.(1)适用条件:若{a n }是公差为d (d ≠0)的等差数列,{b n }是公比为q (q ≠1)的等比数列,求数列{a n b n }的前n 项和S n ;(2)基本步骤(3)注意事项:①在写出S n 与qS n 的表达式时,应特别注意将两式“错位对齐”,以便下一步准确写出S n-qS n ;②作差后,等式右边有第一项、中间n -1项的和式、最后一项三部分组成;③运算时,经常把b 2+b 3+…+b n 这n -1项和看成n 项和,把-a n b n +1写成+a n b n +1导致错误. (五)倒序相加法相加,就得到一个常数列的和,这一求和方法称为倒序相加法,等差数列前n 项和公式的推导便使用了此法. 用倒序相加法解题的关键,就是要能够找出首项和末项之间的关系,因为有时这种关系比较隐蔽.考向一 等差数列5.(2022•新高考Ⅱ)图1是中国古代建筑中的举架结构,AA ′,BB ′,CC ′,DD ′是桁,相邻桁的水平距离称为步,垂直距离称为举.图2是某古代建筑屋顶截面的示意图,其中DD 1,CC 1,BB 1,AA 1是举,OD 1,DC 1,CB 1,BA 1是相等的步,相邻桁的举步之比分别为=0.5,=k 1,=k 2,=k 3.已知k 1,k 2,k 3成公差为0.1的等差数列,且直线OA 的斜率为0.725,则k 3=( )n m m n n m m n S S q S S q S +=+=+A.0.75B.0.8C.0.85D.0.9考向二数列递推公式6.(多选)(2021•新高考Ⅱ)设正整数n=a0•20+a1•21+…+a k﹣1•2k﹣1+a k•2k,其中a i∈{0,1},记ω(n)=a0+a1+…+a k,则( )A.ω(2n)=ω(n)B.ω(2n+3)=ω(n)+1C.ω(8n+5)=ω(4n+3)D.ω(2n﹣1)=n考向三数列的求和7.(2021•新高考Ⅰ)某校学生在研究民间剪纸艺术时,发现剪纸时经常会沿纸的某条对称轴把纸对折.规格为20dm×12dm的长方形纸,对折1次共可以得到10dm×12dm,20dm×6dm两种规格的图形,它们的面积之和S1=240dm2,对折2次共可以得到5dm×12dm,10dm×6dm,20dm×3dm三种规格的图形,它们的面积之和S2=180dm2,以此类推.则对折4次共可以得到不同规格图形的种数为 ;如果对折n次,那么S k= dm2.考向四数列综合8.(2021•新高考Ⅱ)记S n是公差不为0的等差数列{a n}的前n项和,若a3=S5,a2a4=S4.(Ⅰ)求数列{a n}的通项公式a n;(Ⅱ)求使S n>a n成立的n的最小值.9.(2021•新高考Ⅰ)已知数列{a n}满足a1=1,a n+1=(1)记b n=a2n,写出b1,b2,并求数列{b n}的通项公式;(2)求{a n}的前20项和.10.(2022•新高考Ⅰ)记S n为数列{a n}的前n项和,已知a1=1,{}是公差为的等差数列.(1)求{a n}的通项公式;(2)证明:++…+<2.11.(2022•新高考Ⅱ)已知{a n}是等差数列,{b n}是公比为2的等比数列,且a2﹣b2=a3﹣b3=b4﹣a4.(1)证明:a1=b1;(2)求集合{k|b k=a m+a1,1≤m≤500}中元素的个数.重点考查等差、等比数列的概念、性质、通项公式和前n项和,考查错位相减、裂项相消等求和方法。
数列与函数的综合应用
数列与函数在科研项目中的应用
案例分析:数 列与函数在科 研项目中的应
用
案例背景:介 绍科研项目的
背景和目的
案例过程:详 细描述数列与 函数在科研项 目中的应用过
程
案例结论:总 结数列与函数 在科研项目中 的应用效果和
意义
数列与函数在实际工程中的应用
案例分析:数列与函数在桥梁 设计中的应用
案例分析:数列与函数在建筑 结构分析中的应用
函数的表示方法:函数可以用解析式、表格、图象等多种方式表示,这些表示方法各有优缺点, 可以根据具体情况选择使用。
函数的实际应用:函数在实际生活中有着广泛的应用,如物理学、工程学、经济学等领域都需 要用到函数的概念和性质。
数列与函数的关联
数列是一种特殊的函数,具有离散的特点 数列的项数无限时,可以转化为连续函数 函数的概念可以推广到数列,如等差数列、等比数列等 数列与函数在数学中有着广泛的应用,如求和、积分等
数列与函数的运算规则
数列的加减法
定义:数列的加减 法是指将两个数列 对应项相加或相减, 得到一个新的数列
规则:对应项相加 或相减,得到新的 数列
运算步骤:先确定 两个数列的项数, 然后对应项相加或 相减,得到新的数 列
注意事项:在进行 数列的加减法时,ຫໍສະໝຸດ 需要注意数列的项 数和对应项的符号
函数的加减法
案例分析:数列与函数在机械 工程中的应用
案例分析:数列与函数在电子 工程中的应用
如何提高数列与函数的综合应 用能力
掌握数列与函数的基本概念和性质
理解数列与函数的定义和性质 掌握数列与函数的极限和连续性 熟悉数列与函数的导数和积分 掌握数列与函数的图象和几何意义
理解数列与函数的运算规则
数列的综合应用
彭扬帆
23:09:32
等差数列与等比数列的综合应用
数 列 的 综 合 应 用
数列与函数的综合应用 数列与不等式的综合应用 数列在实际问题中的应用 数列与解析几何中的应用 数列的创新型问题
23:09:32
等差数列与等比数列的综合应用
例1.已知公差为d的等差数列an 中,a1 10, 且a1 , 2a2 2, 5a3成等比数列. (1)求d , an . (2)若 d 0, 求 a1 a2 a3 an .
b1+2d=2, ∴ b1+4d=0, b1=4, 解得 d=-1.
2
nn-1 9n-n ∴Sn=4n+ 2 ×(-1)= 2 .
log2q=-1, ∵ log2a1=4,
1 q= , 2 ∴ a1=16.
*
∴an=2
5-n
(n∈N ).
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列得bn=2+2(n-1)=2n,于是由2n=ln an-1得an= e2n+ 1. (2)由 (1)可知点An(e2n+ 1,2n+1),Bn(0,2n),故Sn=ne2n+ 1,得anSn= ne4n+ 2,于是Tn= e6+2e10+ …+ne4n+ 2,又e4Tn= e10+2e14+…+ ne4n+ 6.
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
[解析] 三种付酬方式每天金额依次为数列{an},{bn},{cn},它们 的前n项和分别为An,Bn,Cn. (1)依题意,第一种付酬方式每天金额组成数列{an}为常数数列,An =38n. 第二种付酬方式每天金额组成的数列{bn}是首项为4,公差为4的等 差数列, nn-1 则Bn=4n+ ×4=2n2+2n. 2 第三种付酬方式每天金额组成的数列{cn}是首项为0.4,公比为2的 等比数列, 0.41-2n 则Cn= =0.4(2n-1). 1-2
数列综合题型
(一)数列和函数综合1.已知数列{a n}中,,且当时,函数取得极值.(Ⅰ)求数列{a n}的通项公式;(Ⅱ)数列{b n}满足:b1=2,,证明:是等差数列,并求数列{b n}的通项公式通项及前n 项和S n.2.已知:f n(x)=a1x+a2x2+…+a n x n,且数列{a n}成等差数列.(1)当n为正偶数时,f n(﹣1)=n,且a1=1,求数列{a n}的通项;(2)试比较与3的大小.3.已知f(x)在(﹣1,1)上有定义,,且满足x,y∈(﹣1,1)有.对数列{x n}有(1)证明:f(x)在(﹣1,1)上为奇函数.(2)求f(x n)的表达式.(3)是否存在自然数m,使得对于任意n∈N*且<成立?若存在,求出m的最小值.(二)数列与不等式综合4.(2011•湖南)已知函数f(x)=x3,g (x)=x+.(Ⅰ)求函数h (x)=f(x)﹣g (x)的零点个数.并说明理由;(Ⅱ)设数列{ a n}(n∈N*)满足a1=a(a>0),f(a n+1)=g(a n),证明:存在常数M,使得对于任意的n∈N*,都有a n≤M.5.如图:假设三角形数表中的第n行的第二个数为a n(n≥2,n∈N*)(1)归纳出a n+1与a n的关系式并求出a n的通项公式;(2)设a n b n=1求证:b2+b3+…+b n<2.6.已知正项等差数列{a n}的前n项和为S n,其中a1≠a2,a m、a k、a h都是数列{a n}中满足a h﹣a k=a k﹣a m的任意项.(Ⅰ)证明:m+h=2k;(Ⅱ)证明:S m•S h≤S k2;(III)若也成等差数列,且a 1=2,求数列的前n项和.(三)数列和向量综合7.已知点集,其中=(2x﹣b,1),=(1,b+1),点列P n(a n,b n)在L中,P1为L与y轴的交点,等差数列{a n}的公差为1,n∈N*.(I)求数列{b n}的通项公式;(Ⅱ)若,令S n=f(1)+f(2)+f(3)+…+f(n);试写出S n关于n的函数解析式;8.已知一列非零向量,n∈N*,满足:=(10,﹣5),,(n32 ).,其中k是非零常数.(1)求数列{||}是的通项公式;(2)求向量与的夹角;(n≥2);(3)当k=时,把,,…,,…中所有与共线的向量按原来的顺序排成一列,记为,,…,,…,令,O为坐标原点,求点列{B n}的极限点B的坐标.(注:若点坐标为(t n,s n),且,,则称点B(t,s)为点列的极限点.)9.我们把一系列向量(i=1,2,…,n)按次序排成一列,称之为向量列,记作{}.已知向量列{}满足:,=(n≥2).(1)证明数列{||}是等比数列;(2)设θn表示向量,间的夹角,若b n=2nθn﹣1,S n=b1+b2+…+b n,求S n;(3)设||•log2||,问数列{c n}中是否存在最小项?若存在,求出最小项;若不存在,请说明理由.10.从原点出发的某质点M,按向量=(0,1)移动的概率为,按向量=(0,2)移动的概率为,设可达到点(0,n)的概率为P n,求:(1)求P1和P2的值.(2)求证:P n+2=P n+P n+1.(3)求P n的表达式.(四)数列和三角函数综合11.已知点列B1(1,y1)、B2(2,y2)、…、B n(n,y n)(n∈N)顺次为一次函数图象上的点,点列A1(x1,0)、A2(x2,0)、…、A n(x n,0)(n∈N)顺次为x轴正半轴上的点,其中x1=a(0<a<1),对于任意n∈N,点A n、B n、A n+1构成一个顶角的顶点为B n的等腰三角形.(1)求数列{y n}2的通项公式,并证明{y n}3是等差数列;(2)证明x n+2﹣x n5为常数,并求出数列{x n}6的通项公式;(3)问上述等腰三角形A n8B n9A n+110中,是否存在直角三角形?若有,求出此时a值;若不存在,请说明理由.12.设数列{a n}是首项为0的递增数列,(n∈N),,x∈[a n,a n+1]满足:对于任意的b∈[0,1),f n(x)=b总有两个不同的根.(1)试写出y=f1(x),并求出a2;(2)求a n+1﹣a n,并求出{a n}的通项公式;(3)设S n=a1﹣a2+a3﹣a4+…+(﹣1)n﹣1a n,求S n.13.(理)已知复数,其中A,B,C是△ABC的内角,若.(1)求证:;(2)当∠C最大时,存在动点M,使|MA|,|AB|,|MB|成等差数列,求的最大值.(五)数列和解析几何综合14.在xoy平面上有一系列点P1(x1,y1),P2(x2,y2)…,P n(x n,y n),…,(n∈N*),点P n在函数y=x2(x≥0)的图象上,以点P n为圆心的圆P n与x轴都相切,且圆P n与圆P n+1又彼此外切.若x1=1,且x n+1<x n x1=1.(I)求数列{x n}的通项公式;(II)设圆P n的面积为S n,,求证:.15.已知点P n(a n,b n)满足,且.(1)求点P1坐标,并写出过点P0,P1的直线L的方程;(2)猜测点P n(n≥2)与直线L的位置关系,并加以证明;(3)求数列{a n}与{b n}的通项公式,并求的最小值(其中O为坐标原点,n∈N*).16.如图,在直角坐标系xOy中,有一组底边长为a n的等腰直角三角形A n B n C n(n=1,2,3,…),底边B n C n依次放置在y轴上(相邻顶点重合),点B1的坐标为(0,b),b>0.(1)若A1,A2,A2,…,A n在同一条直线上,求证:数列{a n}是等比数列;(2)若a1是正整数,A1,A2,A2,…,A n依次在函数y=x2的图象上,且前三个等腰直角三角形面积之和不大于,求数列{a n}的通项公式.17.已知点P n(a n,b n)满足,且.(1)求点P1坐标,并写出过点P0,P1的直线L的方程;(2)猜测点P n(n≥2)与直线L的位置关系,并加以证明;(3)求数列{a n}与{b n}的通项公式(n∈N*).答案与评分标准1.已知数列{a n}中,,且当时,函数取得极值.(Ⅰ)求数列{a n}的通项公式;(Ⅱ)数列{b n}满足:b1=2,,证明:是等差数列,并求数列{b n}的通项公式通项及前n项和S n.考点:数列与函数的综合;等比数列的通项公式;数列的求和;数列递推式。
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数列的综合应用数列综合应用题型分类:一、数列与函数的综合;二、数列与不等式的综合;三、数列与平面解析几何的综合;四、数列与极限、数学归纳法、导数等知识的综合。
数列与函数的综合应用——数列的综合应用之一一、典例培析1、已知函数2*1()(,,)ax f x a b N c R bx c+=∈∈+是奇函数,在区间(0,)+∞上()(1)f x f ≥恒成立,且(1)1f ≥(1)求函数()f x 的解析式;(2)是否存在这样的区间D :①D 是()f x 定义上的一个子区间;②对任意12,,x x D ∈当 1212120,|()||()|x x x x f x f x ><<且时有,若存在,求出区间D ;若不存在,说明理由。
(3)若数列{}n a ,{}n b 满足关系:111,()12n n n n n b a a f a b ++==-,当13a =时,求数列{}n b 的通项公式,且当{}n b 的前n 项之积1128n T ≥时,求n 的最大值。
2、已知函数()2)f x x =<-(1)求()f x 的反函数1()f x -;(2)设1*1111,()()n n a f a n N a -+==-∈,求n a ; (3)设222121,n n n n n S a a a b S S +=+++=-L 是否存在最小正整数m ,使得对任意*n N ∈,都有25n mb <成立?若存在,求出m 的值;若不存在,说明理由。
3、定义:称12nnp p p +++L 为n 个正数12,,,n p p p L 的“均倒数”。
若已知数列{}n a 的前n 项的“均倒数”为121n +,(1)求{}n a 的通项公式;(2)设21n n a C n =+,试判断并说明*1()n n C C n N +-∈的符号;(3)设函数2()421n a f x x x n =-+-+是否存在最大的实数λ,当x λ≤时,对一切*n N ∈,都有()0f x ≤成立?若存在,求出λ的值;若不存在,说明理由。
4、设数列{},{}n n a b 满足:1122336,4,3a b a b a b ======且数列1{}n n a a +-是等差数列,{2}n b -是等比数列。
(1)求数列{},{}n n a b 的通项公式; (2)是否存在*k N ∈,使102k k a b <-<?若存在,求出k ;若不存在,说明理由。
5、已知函数()log (01)a f x x a a =>≠且,若数列*122,(),()(),24()n f a f a f a n n N +∈L 成等差数列,(1)求{}n a 的通项公式;(2)若01a <<,数列{}n a 的前n 项和为n S ,求lim n n S →∞;(3)记n m S →表示这个数列的第n 项到第m 项共1m n -+项的和,求证:,,n n m p p m S S →+→+*(2,,,)r r m S p r n m n p r N →+=+∈且成等比数列;(4)若2a =,设()n n n b a f a =⋅对任意*n N ∈,都有1()n b f t ->,求t 的范围。
6、已知*1111()23n S n N n=++++∈L ,设211()n n f n S S ++=-,试确定实数m 的取值范围,使得对于任意2n ≥,不等式:22111()[log (1)][log ]20m m f n m m ->--恒成立。
7、已知数列{}n a 中,11a =,且点*1(,)()n n P a a n N +∈在直线10x y -+=上, (1)求数列{}n a 的通项公式; (2)若函数*12111()(2,)nf n n n N n a n a n a =+++≥∈+++L ,求函数()f n 的最小值; (3)若1n nb a =,n S 表示数列{}n b 的前n 项的和,试问:是否存在关于n 的整式n g ,使得121(1)n n S S S S -+++=-L 对一切2n ≥的自然数n 恒成立?若存在,写出()g n 的解析式并证明之;若不存在,则说明理由。
8、已知函数()12x f x x =-的反函数为1()f x -,数列{}n a 满足11()n n a f a -+=且113a =,又正项数列中{}nb 中,16b =,点1(,)n n n A b b +在过点(0,1),且以(1,1)为方向向量的直线l上,(1)求数列{},{}n n a b 的通项公式;(2)对任意的正整数n,不等到式12(1)(1)(1)n a a a ≤+++L 恒成立,求正数a 的取值范围。
9、已知函数1()()42xf x x R =∈+, (1)试证函数()f x 的图象象关于点(11,24)对称; (2)数列{}n a 的通项公式为*()(,1,2,,)n na f m N n m m=∈=L ,求数列{}n a 的前m 项和m S ;(3)设数列{}n b 满足:2111,3n n n b b b b +==+,设12111111n nT b b b =++++++L ,若(2)中的m S 满足对任意正整数2n ≥,m n S T <恒成立,试求m 的最大值。
【小结】上述1——9题都利用了函数的单调性.........求最值...的思想来研究数列与函数中的含参不等式问题(如恒成立问题、存在问题)。
与函数结合时,有的利用单调性的定义法.......研究数列的单调性;有的利用直接法...研究数列的单调性;有的利用单调性的性质......研究数列的单调性;有的利用“作差法...”、“作商法...”研究数列的单调性…… 10、已知函数2*()()2x f x a N ax =∈-,又存在非零的自然数m ,使得(),f m m = 1()f m m-<-成立(1)求()f x 的表达式;(2)设{}n a 是各项非零的数列,若12311()4()n n f a a a a a =++++L 对任意*n N ∈成立,求满足条件的数列{}n a 的一个..通项公式; (3)在(2)的条件下,数列{}n a 是否唯一确定?请给出判断,并予以证明。
【分析】第(2)问中巧妙转化为“已知n S 与n a 的关系,求n a ”。
11、已知()f x ={}n a 前n 项和n S ,点11(,)n n n P a a +-在曲线()y f x =上,且11,0n a a =>,(1)求数列{}n a 的通项公式; (2)数列{}n b 的前n 项和n T ,且满足:212211683n n n n T T n n a a ++=+--,求1b 的值,使得数列{}n b 是等差数列;(3)求证:*11)()2n S n N >∈。
【分析】该题第(2)问中构造了数列{}43n Tn -为等差数列;第(3)问中利用了“2111(1)2(1)n n n n n<<+-”的放缩法证明不等式。
12、已知数列{}n a 的前n 项和为n S ,*111,31()n n a S a n n N +==--∈(1)证明:数列{3}n a +是等比数列;321n n S a n n k -+=-(2)对*k N ∈,设()f n = 求使不等式 2log (3)2n a n k +=2cos()[(2)()]0m f m f m π-≤成立的正整数m 的取值范围。
【分析】该题利用了分类讨论思想......并结合了数列归纳法.....加以证明13、设21()(0)ax bx f x a x c++=>+为奇函数,且min |()|f x ={}n a 与{}n b 满足如下关系:11()12,,21n n n n n n f a a a a a b a +--===+ (1)求()f x 的解析式;(2)证明:当*n N ∈时,有1()3n n b ≤。
【分析】该题利用了型如“21n n a a +=”两边同时取对数求数列通项;同时利用了二项式定....理(或数学归纳法).........证明不等式。
14、已知函数2()log ((0,3))3xf x x x x=+∈- (1)求证:()(3)f x f x +-为定值;(2)记21*11()(1)()22nn n i iS n f n N -==+∈∑,求n S ;(3)若函数()f x 的图象与直线1,2x x ==以及x 轴围成的封闭图形的面积为S ,试探究()S n 与S 的大小关系。
【分析】该题利用了倒序相加法.....求()S n ,求图象面积时,利用了图象的对称性转化为特殊图形求面积并比较了大小关系15、已知函数1()2f x x=+,{}n a 数列中,*11,()()n n a a a f a n N +==∈,当a 取不同的值时,得到不同的数列{}n a ,如果当1a =时,得到无穷数列1,3,717,37L ;当12a =-时,得到有穷数列1,02-。
(1)求a 的值,使得30a =;(2)设数列{}n b 满足*111,()()2n n b b f b n N +=-=∈,求证:不论a 取{}n b 中的任何数,都可以得到一个有穷数列{}n a ;(3)求a 的取值范围,使得当2n ≥时,都有733n a <<。
16、对任意函数()f x ,x D ∈其工作原理如下: ①输入数据0x D ∈,经数列发生器输出10()x f x =; ②若1x D ∉,则数列发生器结束工作;若1x D ∈, 则将1x 反馈输入端,再输出21()x f x =,并依此规 律继续下去,现定义42()1x f x x -=+, (1)若输入04965x =,则由数列发生器产生数列{}n x , 请写出数列{}n x 的所有项;(2)若要数列产生器产生一个无穷的常数数列,试求 输入的初始数据0x 的值;(3)若输入0x 时,产生器产生的无穷数列{}n x 满足: 对任意正整数n ,均有1n n x x +<,求0x 的取值范围。
三、强化训练。