2019-2020学年四川省巴中市通江县实验中学高二物理联考试题

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2020学年四川省巴中市新高考高二物理下学期期末教学质量检测试题

2020学年四川省巴中市新高考高二物理下学期期末教学质量检测试题

2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题:本题共8小题1.(题文)两个物体在同一高度同时由静止开始下落,经过一段时间分别与水平地面发生碰撞(碰撞过程时间极短)后反弹,速度大小不变.一个物体所受空气阻力可忽略,另一个物体所受空气阻力大小与物体速率成正比.下列用虚线和实线描述两物体运动的v-t图象可能正确的是()A.B.C.D.2.某发电站用11 kV交变电压输电,输送功率一定,输电线的电阻为R.现若用理想变压器将电压升高到220 kV送电,下面哪个选项正确A.因I=UR,所以输电线上的电流增为原来的20倍B.因I=PU,所以输电线上的电流减为原来的120C.因P=2UR,所以输电线上损失的功率增为原来的400倍D.若要使输电线上损失的功率不变,可将输电线的直径减为原来的1/4003.在杨氏干涉实验中,从两个狭缝到达像屏上的某点的光走过的路程相等,该点即为中央亮条纹的位置(即k=0对应的那条亮条纹),双缝屏上有上下两狭缝,设想在双缝屏后用一块极薄的玻璃片遮盖上方的缝,则屏上中央亮条纹的位置将( )A.向上移动B.向下移动C.不动D.可能向上移动,也可能向下移动4.街道旁的路灯利用半导体的电学特性制成了白天自动熄灭,夜晚自动点亮的装置,该装置的工作原理是应用了半导体的()A.光敏性B.压敏性C.热敏性D.三个特性同时应用5.下列说法正确的是A.布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的分子无规则运动的反映B.摄氏温度和热力学温度都可能取负值C.知道某物质的摩尔质量和密度可求出阿伏加德罗常数D.内能不同的物体,它们分子热运动的平均动能可能相同6.如图所示,用F表示分子间的作用力,用E P表示分子间的分子势能,在两个分子间的距离由10r0变为r0的过程中()A.F不断增大,E P不断减小B.F先增大后减小,E P不断减小C.E P先增大后减小,F不断减小D..E P 和F都先增大后减小7.如图所示,光滑长铁链由若干节组成,每一节长度为l0,全长为L,在水平轨道上以某一速度运动.圆形管状轨道与水平轨道相切,半径为R,L>2πR,R远大于一节铁链的高度和长度.铁链靠惯性通过圆形管状轨道继续前进,下列判断正确的是()A.每节铁链通过最高点的速度依次减小B.第一节与最后一节到达最高点的速度大小相等C.在第一节完成圆周运动的过程中,第一节铁链机械能守恒D.铁链全部通过圆形管状轨道的过程中,铁链的最小速度为gR8.中国北斗卫星导航系统(BDS)是中国自行研制的全球卫星导航系统,是继美国全球定位系统(GPS)、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统(GLONASS)之后第三个成熟的卫星导航系统。

四川省巴中市2019-2020学年中考第四次大联考物理试卷含解析

四川省巴中市2019-2020学年中考第四次大联考物理试卷含解析

四川省巴中市2019-2020学年中考第四次大联考物理试卷一、单选题(本大题共10小题,共30分)1.如图,用大小相等的拉力F,分别沿斜面和水平面拉木箱,拉力方向和运动方向始终一致,运动时间t ab>t cd,运动距离s ab=s cd,比较两种情况下拉力所做的功和功率()A.ab段做功较多B.ab段与cd段的功一样多C.ab段功率较大D.ab段与cd段的功率一样大B【解析】【分析】【详解】拉力大小相等且s ab=s cd,根据W=Fs可知:拉力所做的功相同,故A错误,B正确;由于t ab>t cd,根据WPt得:P ab<P cd,故C、D错误.2.如图所示,小刚在艺术节上用吉他弹奏优美的乐曲.对于吉他发出的声音,下列说法正确的是A.乐曲的声音是通过空气传入人耳的B.变换手指按压弦的位置可以改变声音的响度C.用力拨动吉他弦可以提高声音的音调D.拨动不同的吉他弦可以改变吉他的音色A【解析】【详解】A.声音靠介质传播,固体液体气体都可以作为传播声音的介质,乐曲的声音是通过空气传入人耳的,故选项A正确;B.音调是指声音的高低,它与发声体的频率有关系,频率越高,音调越高,变换手指按压弦的位置可以改变弦的长度,改变弦振动的频率,改变声音的音调,故选项B不正确;C.响度是指声音的大小,跟发声体的振幅、距离发声体的远近有关系,振幅越大,响度越大,距离发声体越近,响度越大,用力拨动吉他弦可以增大吉他弦的振幅,增大声音的响度,故选项C不正确;D.音色由发声体自身结构、材料等决定,拨动不同的吉他弦可以改变吉他的振动的频率,来改变声音的音调,故选项D不正确.3.在平静的湖面上,一只气球慢慢升起,关于这只气球在水中的“倒影”,下列说法中正确的是A.光的反射形成,像逐渐变小B.光的折射形成,像逐渐变小C.光的反射形成,像的大小不变D.光的折射形成,像的大小不变C【解析】【详解】平静的湖水相当于平面镜,气球在水中的“倒影”是由于光的反射形成的虚像;因为平面镜所成的像与物体大小相等,所以气球慢慢升起时,像的大小仍与气球的大小相等。

[合集3份试卷]2020四川省巴中市高二物理下学期期末教学质量检测试题

[合集3份试卷]2020四川省巴中市高二物理下学期期末教学质量检测试题

2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题:本题共8小题1.如图,一个礼花弹竖直上升到最高点时炸裂成三块碎片,其中一块碎片首先沿竖直方向落至地面,另两块碎片稍后一些同时落至地面.则在礼花弹炸裂后的瞬间这三块碎片的运动方向可能是( )A.B.C.D.2.一轻质细杆长为2L,可绕固定于中点O的水平轴在竖直面内自由转动,杆两端固定有形状相同的小球1和2,它们的质量均为m,电荷量分别为q和-q(q>0),整个装置放在如图所示的、在竖直面内关于过O 轴的竖直线对称的电场中.现将杆由水平位置静止释放,让两小球绕轴转动到竖直线上A、B两位置.设电势差U BA=U,重力加速度大小为g,不考虑小球1、2间的库仑力.则该过程中()A.小球2受到的电场力减小B.小球1电势能减少了12UqC.小球1、2的机械能总和增加了Uq-mgLD.小球1、2的动能总和增加了Uq3.如图所示,水平直轨道离地面高度为5m,轨道上的A、B两点相距2m,在B点用细线悬挂一小球,离地面高度为h.一辆小车沿轨道以4m/s速度匀速运动,经过A点时车上有一物体不慎掉出车外,运动至B点时又轧断了细线使小球自由落下,最后物体与小球同时落地.不计空气阻力,取重力加速度大小为g=10m/s2,可求得h等于A.1.25m B.2.25mC.3.75m D.4.75m4.从古代光的微粒说,到托马斯•杨和菲涅尔的光的波动说,从麦克斯韦的光的电磁理论,到爱因斯坦的光子理论,人类对光的认识构成了一部科学史诗。

如果现在要问光的本性是什么?我们的回答是()A.大量光子表现出光具有粒子性B.光是一种粒子,它和物质的作用是一份一份的C.光的波动性是大量光子之间的相互作用引起的D.光具有波粒二象性,大量光子表现出光的波动性5.在同一竖直直线上的两位置分别沿同方向水平抛出两个小球A和B,其运动轨迹如图所示,不计空气阻力。

要使两球在空中相遇,则必须A.先抛出A球B.先抛出B球C.同时抛出两球D.抛出A球的初速度大于B球的初速度6.关于浸润和不浸润,下列说法正确的是( )A.水是浸润液体,水银是不浸润液体B.在内径小的容器里,如果液体能浸润器壁,液面呈凸C.如果固体分子跟液体分子间的引力比较弱,就会润现象D.鸭的羽毛上有一层很薄的脂肪,使羽毛不被水浸润7.在光滑水平面上,有两个小球A、B沿同一直线同向运动(B在前),已知碰前两球的动量分别为p A=12kg•m/s、p B=13kg•m/s,碰后它们动量的变化分别为△p A、△p B.下列数值可能正确的是()A.△p A=-3kg•m/s、△p B=3kg•m/sB.△p A=3kg•m/s、△p B=-3kg•m/sC.△p A=-24kg•m/s、△p B=24kg•m/sD.△p A=24kg•m/s、△p B=-24kg•m/s8.下列说法中正确的是A.悬浮在液体中的微粒某一瞬间接触到的液体分子越多,受到撞击的平衡性就表现地越明显,布朗运动就越剧烈B.用油膜法估测分子的大小实验中中的V是指油滴溶液的体积C.露珠总是出现在夜间和清晨是由于气温降低使空气中的水蒸气达到饱和后液化造成的D.热平衡是指一个系统内部的状态不再改变时所处的状态二、多项选择题:本题共4小题9.三种不同的入射光A、B、C分别射在三种不同的金属a、b、c表面,均恰能使金属中逸出光电子,若三种入射光的波长λA>λB>λC,则()A.用入射光A照射金属b和c,金属b和c均可发生光电效应现象B .用入射光A 和B 照射金属c ,均可使金属c 发生光电效应现象C .用入射光C 照射金属a 与b ,金属a 、b 均可发生光电效应现象D .用入射光B 和C 照射金属a ,均可使金属a 发生光电效应现象10.不同的原子核,其核子的平均质量m (原子核的质量除以核子数)与原子序数Z 的关系如图所示.下列说法中正确的是( )A .随原子序数的增大核子的平均质量先减小后增大B .原子核E 的比结合能比原子核F 的比结合能大C .原子核D 和E 聚变成原子核F 时会有质量亏损,要吸收能量D .原子核A 裂变成原子核B 和C 时会有质量亏损,要放出核能11.下列说法正确的是 。

【精选3份合集】四川省巴中市2019-2020学年高二物理下学期期末教学质量检测试题

【精选3份合集】四川省巴中市2019-2020学年高二物理下学期期末教学质量检测试题

2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题:本题共8小题1.甲、乙两个同学打乒乓球,某次动作中,甲同学持拍的拍面与水平方向成45°角,乙同学持拍的拍面与水平方向成30°角,如图所示.设乒乓球击打拍面时速度方向与拍面垂直,且乒乓球每次击打球拍前、后的速度大小相等,不计空气阻力,则乒乓球击打甲的球拍的速度υ1与乒乓球击打乙的球拍的速度υ2之比为( )A .6 B .2C .22D .3 2.在电磁学发展的过程中,许多科学家做出了杰出的贡献,下列说法错误的是 A .奥斯特发现了电流的磁效应 B .麦克斯韦认为变化的磁场产生电场 C .楞次发现了电磁感应现象并总结出楞次定律D .法拉第利用电磁感应现象自制了人类历史上第一台发电机 3.在LC 振荡电路中,下列说法正确的是( ) A .电感线圈中的电流最大时,电容器中电场能最大 B .电容器两极板间电压最大时,线圈中磁场能最大 C .在一个周期内,电容器充电一次,放电一次 D .在一个周期时间内,电路中的电流方向改变两次4.自然界中某个量D 的变化量D ∆,与发生这个变化所用时间t ∆的比值Dt∆∆,叫做这个量D 的变化率.下列说法正确的是A .若D 表示某质点做平抛运动的速度,则Dt∆∆是恒定不变的 B .若D 表示某质点做匀速圆周运动的动量,则Dt∆∆是恒定不变的C .若D 表示某质点做竖直上抛运动离抛出点的高度,则Dt∆∆一定变大.D .若D 表示某质点的动能,则Dt∆∆越大,质点所受外力做的总功就越多5.如图所示,理想变压器原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上,副线圈连接相同的灯泡L 1、L 2,交流电压表V 1、V 2和电流表A 1、A 2均为理想电表,导线电阻不计.当开关S 闭合后( )A .A 1示数变大,A 1与A 2示数的比值变大B .A 1示数变小,A 1与A 2示数的比值不变C .V 2示数变小,V 1与V 2示数的比值变大D .V 2示数不变,V 1与V 2示数的比值不变 6.下列核反应方程中,属于α衰变的是( ) A .B .238234492902U Th+He → C .23411120H+H He+n → D .234234090911Th Pa+e -→7.如图所示,线圈L 的自感系数和电容器的电容C 都很小(如L=100μH ,C=100pF ),此电路的主要作用是( )A .阻直流、通交流,输出交流电B .阻交流、通直流,输出直流电C .阻低频、通高频,输出高频交流电D .阻高频、通低频,输出低频交流电和直流电8.伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验,提出了惯性的概念,从而奠定了牛顿力学的基础。

四川省巴中市2020新高考高二物理下学期期末教学质量检测试题

四川省巴中市2020新高考高二物理下学期期末教学质量检测试题
A.电压表的读数变小B.电压表的读数变大
C.电流表的读数变小D.电流表的读数变大
11.一列向左传播的简谐横波, 时刻的波形如图所示,振幅为 。 时,质点 首次到达波峰位置,质点 的横坐标为 。则下列说法正确的是___________.
A.这列波的传播速度为
B. 时,质点 向上运动
C. 时,质点 仍位于波谷
C.A点的加速度比D点的加速度大
D.从A到D速度先增大后减小
7.一群处于基态的氢原子吸收某种光子后,向外辐射了 三种光,其波长分别为 ,且 ,三种光子的能量分别为 ,若 光恰能使某金属产生光电效应,则( )
A.被氢原子吸收的光子的能量为
B.
C.
D. 光一定能使该金属发生光电效应
8.物理学家通过艰辛的实验和理论研究探究自然规律,为人类的发展做出了巨大的贡献,下列说法正确的是
A.2BIL,方向与y轴正方向相同
B.2BIL,方向与y轴负方向相同
C.4BIL,方向与y轴正方向相同
D.4BIL,方向与y轴负方向相同
6.如图所示为一个做匀变速曲线运动的质点从A到E的运动轨迹示意图,已知在B点的速度与加速度相互垂直,则下列说法中正确的是( )
A.D点的速率比C点的速率大
B.A点的加速度与速度的夹角小于90°
A.哥白尼大胆反驳地心说提出了日心说,并认为行星沿椭圆轨道运动
B.奥斯特发现了电流的磁效应并提出了分子电流假说
C.法拉第发现了电磁感应现象并总结出判断感应电流方向的规律
D.玻尔的原子理论第一次将量子观点引入原子领域
二、多项选择题:本题共4小题
9.在高中物理学习中,我们会遇到多种不同的物理分析方法,这些方法对我们理解物理有很大的帮助,故在理解概念和规律的基础上,更要注意科学方法的积累与学习 运动学中有人想引入“加速度的变化率”,关于“加速度的变化率”,下列说法正确的是

四川省巴中市中学2020-2021学年高二物理联考试题含解析

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四川省巴中市中学2020-2021学年高二物理联考试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1. 某导体中的电流随其两端的电压变化,所示,则下列说法正确的是 ()A.加5 V电压时,导体的电阻约是5 ΩB.加11 V电压时,导体的电阻约是1.4 ΩC.由图可知,随着电压增大,导体的电阻不断减小D.由图可知,随着电压减小,导体的电阻不断减小参考答案:2. (单选)如图所示,一辆小车静止在光滑水平面上,A、B两人分别站在车的两端.当两人同时相向运动时()A.若小车不动,两人速率一定相等B.若小车向左运动,A的动量一定比B的小C .若小车向左运动,A的动量一定比B的大D.若小车向右运动,A的动量一定比B的大参考答案:C3. 关于曲线运动的性质,以下说法中正确的是()A.曲线运动一定是变速运动B.变速运动一定是曲线运动C.曲线运动一定是变加速运动D.物体运动的加速度数值、速度数值都不变的运动一定是直线运动参考答案:A4. 如图所示,a、b两种单色光沿不同方向射向玻璃三棱镜,经三棱镜折射后沿同一方向射出,下列说法中正确的是()A.在玻璃中,a光传播速度较大B.若a为绿光,则b可能为黄光C.光从玻璃射向空气时,a光发生全反射的临界角较小D.若用同一干涉装置做实验,则a光的干涉条纹间距较小参考答案:A5. 如图所示的电路中,电源电动势E=6V,内阻,电阻,,电容器的电容C=3.6μF,二极管D具有单向导电性,开始时,开关S1闭合,S2断开,电容器两板间有一带电液滴处于静止状态,A.合上S2,待电路稳定以后,电液将向上运动B.合上S2,待电路稳定以后,电容器上电量变化量为1.8×10-6 CC. 合上S2,待电路稳定以后再断开S1,流过R1的电量为1.44×10-5CD.合上S2,待电路稳定以后再断开S1,流过R1的电量为9.6×10-6C参考答案:BD二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6. 打点计时器输入的交变电流的频率是50Hz,则打点计时器每隔_____s打一个点。

2020年四川省达州市通江县实验中学高二物理下学期期末试题含解析

2020年四川省达州市通江县实验中学高二物理下学期期末试题含解析

2020年四川省达州市通江县实验中学高二物理下学期期末试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示,平行金属板中带电质点P原处于静止状态,不考虑电流表和电压表对电路的影响,当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时,则()A.质点P将向上运动B.电流表读数减小C.电压表读数减小D.R3上消耗的功率增大参考答案:C【考点】闭合电路的欧姆定律.【分析】由图可知电路结构,由滑片的移动可知电路中电阻的变化,再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化;再分析质点的受力情况可知质点的运动情况.【解答】解:A、由图可知,R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后,再由R1串联接在电源两端;电容器与R3并联;当滑片向b移动时,滑动变阻器接入电阻减小,则电路中总电阻减小;由闭合电路欧姆定律可知,电路中电流增大;路端电压减小,同时R1两端的电压也增大;故并联部分的电压减小;由欧姆定律可知流过R3的电流减小,则流过并联部分的电流增大,故电流表示数增大,因并联部分电压减小,而R2中电压增大,故电压表示数减小,因电容器两端电压减小,故电荷受到的向上电场力减小,则重力大于电场力,合力向下,电荷向下运动,故AB错误,C正确;D、因R3两端的电压减小,由P=可知,R3上消耗的功率减小;故D错误;故选:C2. 如图电路中,电源的内阻为r,当滑动变阻器的滑处P向上端a滑动过程中,两表的示数变化情况为()A.电压表示数减小,电流表示数增大B.电压表示数增大,电流表示数减少C.两电表示数都增大D.两电表示数都减小参考答案:B3. 在A、B两点分别固定正电荷q1和负电荷q2,且q1 >q2 .现引入第三个点电荷q3,欲使该点电荷在电场中处于平衡状态,则()A.q3仅有一个平衡位置 B.q3有两个平衡位置C.q3只能带负电荷 D.q3可以是正电荷,也可以是负电荷参考答案:AD4. 如图为甲、乙两质点作简谐运动的图像,以下说法中正确的是()A.甲、乙的振幅分别为1cm和2cmB.甲比乙振动得慢C.0-2s内,甲、乙的加速度均为负值D.t=2s时,甲的加速度和乙的速度都达到各自的最大值参考答案:C5. 某电场的电场线如图1所示,则同一点电荷放在电场中的点和点所受静电力和的大小关系是()A .B.C.D. 由于电荷的正、负未知,故无法判断和的大小图1参考答案:A二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6. 质量为0.1kg的弹性小球从高为1.25m处自由下落至一光滑而坚硬的水平板上,碰撞后弹回到0.8m高处,碰撞时间为0.01s,则小球与水平板碰撞过程中动量变化大小为_____________kg·m/s,小球与水平板间的平均撞击力大小为____________N.参考答案:(1). 0.9 (2). 91【详解】由于小球做自由落体运动,则其与水平面碰撞前的速度为:,所以与水平面碰撞前的动量为:P1=mv1=0.1×5kg?m/s=0.5 kg?m/s,方向竖直向下。

四川省巴中市通江县实验中学2021年高二物理下学期期末试卷含解析

四川省巴中市通江县实验中学2021年高二物理下学期期末试卷含解析

四川省巴中市通江县实验中学2021年高二物理下学期期末试卷含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1. 甲、乙为两个在同一直线上沿规定的正方向运动的质点,a甲=4m/s2,a乙=-4m/s2。

那么,对甲、乙两物体的运动判断正确的是()A.甲的加速度大于乙的加速度B.甲、乙两物体的运动方向一定相反C.甲的加速度和速度方向一致,乙的加速度和速度方向相反D.甲、乙的速率都是越来越大的参考答案:C2. (单选)在真空中有A和B两个点电荷,它们所带电荷分别为QA和QB,如果QA=5QB,则A电荷受到B电荷的作用力是B电荷受到A电荷作用力的A.1倍B.倍C.5倍D.25倍参考答案:A3. (单选)把电热器接到110V的直流电源上,每秒产生的热量为Q,现把它接到交流电源E,每秒产生的热量为2Q,则交流电压的最大值是( )A.110VB.220VC.220VD.110V参考答案:C4. (多选)一负电荷仅受电场力作用,从电场中的A点运动到B点,在此过程中该电荷做初速度为零的匀加速直线运动,则A、B两点电场强度EA、EB及该电荷在AB两点的电势能A、B之间的关系为()A.EA=EB B.EA<EB C.A= B D.A>B参考答案:AD5. (多选)如图,导体棒在匀强磁场中做切割磁感线运动,下列说法正确的是A.导体做切割磁感线运动产生动生电动势B.导体棒中的自由电荷因受洛伦兹力而定向移动C.导体棒中的自由电荷因受感生电场作用而定向移动D.导体棒中的自由电荷热运动的速度为V0参考答案:AB二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6. 用控制变量法,可以研究影响平行板电容器的因素(如图)。

设两极板正对面积为S,极板间的距离为d,静电计指针偏角为。

实验中,极板所带电荷量不变,若保持S 不变,增大d,则(变大、不变或变小);若保持d不变,增大S,则(变大、不变或变小)参考答案:变大不变7. 已知地面重力加速度大约是月面重力加速度的6倍。

2019-2020学年四川省巴中市新高考高二物理下学期期末教学质量检测试题

2019-2020学年四川省巴中市新高考高二物理下学期期末教学质量检测试题

2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题:本题共8小题1.2019年元旦当天,济南轨道交通1号线通车,泉城正式进人地铁时代。

首发体验列车从创新谷站出发到终点站方特站中间没有停靠,全长26.1公里,用时26分钟。

列车在全程运行中分加速、匀速和减速三个阶段,加速和减速阶段可以看做是加速度大小为2.0m/s 的匀变速直线运动,中间阶段可以看做是匀速直线运动。

则列车在运动过程中的最大速度约为A .50km/hB .60km/hC .70km/hD .80km/h2.在光电效应实验中,分别用频率为v a 、v b 的单色光a 、b 照射到同种金属上,测得相应的遏止电压分别为U a 和U b 、光电子的最大初动能分别为E ka 和E kb .h 为普朗克常量.下列说法正确的是( ) A .若v a >v b ,则一定有U a <U bB .若v a >v b ,则一定有E ka <E kbC .若U a <U b ,则一定有E ka <E kbD .若v a >v b ,则一定有b b a k b k hvE hv E ->-3.如图所示,放在条形磁铁磁场中的软铁棒被磁化后的极性是( )A .C 棒未被磁化B .A 棒左端为S 极C .B 棒左端为N 极D .C 棒左端为S 极4.如图所示,一带电粒子在电场中,只在电场力作用下沿虚线所示轨迹从A 点运动到B 点的过程中,下列判断正确的是A .粒子带负电,速度增大B .粒子带负电,加速度减小C .粒子带正电,加速度增大D .粒子带正电,速度减小5.质量相同温度相同可看成理想气体的氢气和氧气,它们的A.分子数相同B.内能相同C.分子的平均速率相同D.分子的平均动能相同6.下列带下划线的物体能看做质点的是()A.沿着斜面下滑的木块B.研究刘翔跨栏中的动作C.原子核很小,一定能看成质点D.研究地球的各区域气候变化7.法国科学家阿尔贝·费尔由于发现了巨磁电阻(GMR)效应,荣获了诺贝尔物理学奖,如图电路中,巨磁电阻周围的磁场增强时,其阻值减小;C为电容器,当有磁铁靠近GMR时,下列说法正确的是()A.电流表的示数减小B.电容器C的电荷量增大C.电压表的示数变小D.电源内部消耗的功率变小8.图示是氢原子能级示意图,一群处于n=4能级的氢原子回到n=1的过程中( )A.放出4种频率不同的光子B.放出8种频率不同的光子C.放出的光子的最大能量为12.75 eV,最小能量是0.66 eVD.放出的光子能使逸出功为13.0eV的金属发生光电效应二、多项选择题:本题共4小题9.一个质点沿直线ab在平衡位置O附近做简谐运动.若从质点经O点时开始计时,经过5s质点第一次经过M点(如图所示);再继续运动,又经过2s它第二次经过M点;则该质点第三次经过M点还需要的时间是()A.6s B.4s C.22s D.8s10.如图为研究断电自感现象的电路图,其中为定值电阻,小灯泡的电阻为R,线圈的自感系数为L、直流电阻为。

四川省巴中市2019-2020学年中考第一次大联考物理试卷含解析

四川省巴中市2019-2020学年中考第一次大联考物理试卷含解析

四川省巴中市2019-2020学年中考第一次大联考物理试卷一、单选题(本大题共10小题,共30分)1.如图所示,中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”,甲、乙两线圈分别被悬挂在两个蹄形磁体的磁场中,两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路,用手使甲线圈在磁场中摆动时,乙线圈也会随之摆动起来.关于此现象,下列说法中正确的是()A.根据甲线圈摆动的原理可以制成电动机B.乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能C.甲线圈相当于用电器,乙线圈相当于电源D.若使乙线圈摆动,则甲线圈中不会有电流B【解析】【详解】A. 由题意知,甲线圈摆动的过程做切割磁感线运动,闭合的回路中有感应电流产生,所以是机械能转化为电能,故根据甲线圈摆动的原理可以制成发电机,故A错误;B. 乙线圈摆动的原理是通电导体在磁场中受力,是电动机的原理,所以乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能,故B正确;C. 由题目分析可知,甲线圈中产生了感应电流,则甲线圈相当于电源,乙线圈相当于用电器,故C错误;D. 若使乙线圈摆动,则乙线圈相当于电源,甲线圈相当于电动机,所以甲线圈中会有电流,故D错误.2.随着经济的发展,我国的国防事业得到了相应的发展.如图所示为我国空军战机空中加油时的情景A.以地面为参照物,加油机是静止的B.以加油机为参照物,战机是运动的C.以地面为参照物,加油机和战机都是静止的D.以战机为参照物,加油机是静止的D【解析】【详解】AC.加油过程中,若以地面为参照物,加油机、战机和地面的位置在不断发生变化,所以说它们是运动的.AC不符合题意.B. 以加油机为参照物,战机与加油机之间位置没有发生变化,战机是静止的,B不符合题意;D. 以战机为参照物,加油机与战机之间的位置没有发生变化,加油机是静止的,D符合题意.3.为节约用电,小明总是随手关掉家中暂时不用的家用电器.关闭电器,家庭电路中变大的物理量是A.总电阻B.总电流C.总功率D.总电功A【解析】【详解】A.家庭电路中各用电器之间的连接方式是并联,而并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和,因此每多关闭一个用电器,总电阻将变大,故A符合题意;B.由I=UR可知,总电流变小,故B不符合题意.C.由P=UI可知,电路的总功率变小,故C不符合题意;D.由于总功W=Pt,总功率变小,而时间未知,所以无法比较电路的总功变化,故D不符合题意;4.如图是某品牌榨汁机.为保障安全,该榨汁机设置了双重开关——电源开关S1和安全开关S1.当杯体倒扣在主机上时,S1自动闭合,此时再闭合S1,电动机才能启动,开始榨汁.下列电路图符合上述要求的是A.B.C.D.C【解析】【分析】【详解】A.图中,开关S1闭合时,电动机被短路掉,不能工作,故A错;B.图中只要开关S1闭合,电动机就会工作,故B错;C.图中只有当两个开关都闭合时,电动机才能正常工作,故C正确;D.图中只要开关S1闭合,电动机就会工作,故D错;5.下列数值不符合实际情况的是A.一本物理教科书的质量约为250gB.物理课本的宽度约为20mmC.一个中学生的正常心跳频率为1.2HzD.5月份扬州地区的平均气温约为20℃B【解析】【详解】一本物理教科书的质量大约在250g左右,与一个大苹果的质量相差不多,故A符合实际;物理课本的宽度大约在20cm左右,与伸开手掌时,大拇指到中指的距离接近,故B不符合实际;一个中学生的正常心跳约为75次/分,即跳动一次的时间是1s左右,故频率接近1Hz,故C符合实际5月份扬州地区气温舒适,平均气温约为20℃,故D符合实际。

四川省巴中市四县联考2019年高二(下)期末物理试卷(解析版)

四川省巴中市四县联考2019年高二(下)期末物理试卷(解析版)

2019年四川省巴中市四县联考高二(下)期末物理试卷一、选择题1.电磁波已广泛运用于很多领域.下列关于电磁波的说法符合实际的是()A.电磁波不能产生衍射现象B.常用的遥控器通过发出紫外线脉冲信号来遥控电视机C.根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度D.光在真空中运动的速度在不同惯性系中测得的数值可能不同2.如图所示,一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出,鱼缸最终没有滑出桌面.若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等,则在上述过程中()A.桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B.鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C.若猫增大拉力,鱼缸受到的摩擦力将增大D.若猫减小拉力,鱼缸有可能滑出桌面3.下列说法中不正确的是()A.图甲是一束复色光进入水珠后传播的示意图,其中a束光在水珠中传播的速度一定大于b束光在水珠中传播的速度B.图乙是一束单色光进入平行玻璃砖后传播的示意图,当入射角i 逐渐增大到某一值后不再会有光线从bb'面射出C.图丙和丁分别是双缝干涉和薄膜干涉示意图,反映出光具有波动性D.图戊中的M、N是偏振片,P是光屏.当M固定不动缓慢转动N 时,光屏P上的光亮度将会发生变化,此现象表明光波是横波4.如图所示是物体在某段运动过程中的v﹣t图象,在t1和t2时刻的瞬时速度分别为v1和v2,则时间由t1到t2的过程中()A.加速度增大B.加速度不断减小C.平均速度v=D.平均速度v>5.如图甲所示,弹簧振子以O点为平衡位置,在A、B两点之间做简谐运动.取向右为正方向,振子的位移x随时间t的变化如图乙所示,下列说法正确的是()A.t=0.8 s时,振子的速度方向向左B.t=0.2 s时,振子在O点右侧6 cm处C.t=0.4 s和t=1.2 s时,振子的加速度完全相同D.t=0.4 s到t=0.8 s的时间内,振子的速度逐渐增大6.图(a)为一列简谐横波在t=2s时刻波形图,图(b)为媒质中平衡位置在x=1.5m处的振动图象,P是平衡位置为x=2m的质点,下列说法正确的是()A.波速为0.5m/sB.波的传播方向向右C.0~2s时间内,P运动的路程为8cmD.0~2s时间内,P向y轴正运动7.将硬导线中间一段折成半圆形,使其半径为R,让它在磁感应强度为B,方向如图所示的匀强磁场中绕轴MN匀速转动.导线在a、b 两处通过电刷与外电路连接,外电路接有额定功率为P、电阻为r的小灯泡并正常发光.电路中除灯泡外,其余部分的电阻不计,则下列说法正确的是()A.半圆形硬导线的角速度为B.半圆形硬导线的角速度为C.线圈从图示位置转900通过小灯泡的电荷量为D.线圈从图示位置转900过程中通过小灯泡的电荷量为08.如图xoy平面为光滑水平面,现有一长为d宽为L的线框MNPQ 在外力F作用下,沿正x轴方向以速度v做匀速直线运动,空间存在竖直方向的磁场,磁感应强度B=B0cos x(式中B0为已知量),规定竖直向下方向为磁感应强度正方向,线框电阻为R0,t=0时刻MN 边恰好在y轴处,则下列说法正确的是()A.外力F为恒力B.t=0时,外力大小F=C.通过线圈的瞬时电流I=D.经过t=,线圈中产生的电热Q=三、非选择题:包括必考题和选考题两部分.第30、31为化学选考题,考生根据要求作答;其余为必考题,每个试题考生都必须作答.9.(10分)某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中进行了如下的操作:(1)用游标尺上有10个小格的游标卡尺测量摆球的直径如图甲所示,可读出摆球的直径为cm.把摆球用细线悬挂在铁架台上,测量摆线长,通过计算得到摆长L.(2)用秒表测量单摆的周期.当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并记为n=1,单摆每经过最低点记一次数,当数到n=60时秒表的示数如图乙所示,该单摆的周期是T=s(结果保留三位有效数字).(3)测量出多组周期T、摆长L的数值后,画出T2﹣L图线如图丙,此图线斜率的物理意义是A.g B. C. D.(4)在(3)中,描点时若误将摆线长当作摆长,那么画出的直线将不通过原点,由图线斜率得到的重力加速度与原来相比,其大小A.偏大B.偏小C.不变D.都有可能(5)该小组的另一同学没有使用游标卡尺也测出了重力加速度,他采用的方法是:先测出一摆线较长的单摆的振动周期T1,然后把摆线缩短适当的长度△L,再测出其振动周期T2.用该同学测出的物理量表示重力加速度g=.10.某同学利用图1示装置研究小车的匀变速直线运动.①实验中,必要的措施是.A.细线必须与长木板平行B.先接通电源再释放小车C.小车的质量远大于钩码的质量D.平衡小车与长木板间的摩擦力②他实验时将打点机器接到频率为50Hz的交流电源上,得到一条纸带,打出的部分计数点如图2所示一辆汽车在十字路口等候绿灯,当绿灯亮时汽车以3m/s2的加速度开始行驶,恰在这时一辆自行车以6m/s的速度匀速驶来,从后边赶过汽车.试求:(1)汽车从路口开动后,在追上自行车之前经过多长时间两车相距最远?此时距离是多少?(2)什么时候汽车追上自行车,此时汽车的速度是多少?12.(15分)小型水利发电站的发电机输出功率为1000kW,输出电压为500V,输电线总电阻为5Ω,为了使输电线损耗功率为发电机输出功率的5%,需在发电机处设升压变压器,用户所需电压为220V,所以在用户处需安装降压变压器.输电电路图如图所示,求:(1)输电线上的电流.(2)升压变压器的原、副线圈的匝数之比.(3)降压变压器的原、副线圈的匝数之比.13.(18分)如图所示,宽为L=2m、足够长的金属导轨MN和M′N′放在倾角为θ=30°的斜面上,在N和N′之间连有一个阻值为R=1.2Ω的电阻,在导轨上AA′处放置一根与导轨垂直、质量为m=0.8kg、电阻为r=0.4Ω的金属滑杆,导轨的电阻不计.用轻绳通过定滑轮将电动小车与滑杆的中点相连,绳与滑杆的连线平行于斜面,开始时小车位于滑轮的正下方水平面上的P处(小车可视为质点),滑轮离小车的高度H=4.0m.在导轨的NN′和OO′所围的区域存在一个磁感应强度B=1.0T、方向垂直于斜面向上的匀强磁场,此区域内滑杆和导轨间的动摩擦因数为μ=,此区域外导轨是光滑的.电动小车沿PS方向以v=1.0m/s的速度匀速前进时,滑杆经d=1m的位移由AA′滑到OO′位置.(g取10m/s2)求:(1)请问滑杆AA′滑到OO′位置时的速度是多大?(2)若滑杆滑到OO′位置时细绳中拉力为10.1N,滑杆通过OO′位置时的加速度?(3)若滑杆运动到OO′位置时绳子突然断了,则从断绳到滑杆回到AA′位置过程中,电阻R上产生的热量Q为多少?(设导轨足够长,滑杆滑回到AA′时恰好做匀速直线运动.)参考答案与试题解析一、选择题1.电磁波已广泛运用于很多领域.下列关于电磁波的说法符合实际的是()A.电磁波不能产生衍射现象B.常用的遥控器通过发出紫外线脉冲信号来遥控电视机C.根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度D.光在真空中运动的速度在不同惯性系中测得的数值可能不同【考点】电磁场.【分析】电磁波是横波,波都能发生干涉和衍射,常用红外线做为脉冲信号来遥控电视;利用多普勒效应和光速不变原理判断CD选项.【解答】解:AB、电磁波是横波,波都能发生干涉和衍射,常用红外线做为脉冲信号来遥控电视,故AB错误;C、由于波源与接受者的相对位移的改变,而导致接受频率的变化,称为多普勒效应,所以可以判断遥远天体相对于地球的运动速度,故C正确;D、根据光速不变原理,知在不同惯性系中,光在真空中沿不同方向的传播速度大小相等,故D错误.故选:C.【点评】明确干涉和衍射是波特有的现象;知道电磁波谱及作用功能,多普勒效应和光速不变原理,属于基础题.2.如图所示,一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出,鱼缸最终没有滑出桌面.若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等,则在上述过程中()A.桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B.鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C.若猫增大拉力,鱼缸受到的摩擦力将增大D.若猫减小拉力,鱼缸有可能滑出桌面【考点】牛顿运动定律的综合应用;滑动摩擦力.【分析】根据摩擦力性质可判断鱼缸受到的摩擦力方向以及拉力变化时摩擦力的变化情况;再根据牛顿第二定律以及运动学公式进行分析,明确拉力变化后运动位移的变化情况.【解答】解:A、桌布向右拉出时,鱼缸相对于桌布有向左的运动,故鱼缸受到的摩擦力向右;故A错误;B、由于鱼缸在桌面上和在桌布上的动摩擦因数相同,故受到的摩擦力相等,则由牛顿第二定律可知,加速度大小相等;但在桌面上做减速运动,则由v=at可知,它在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等;故B正确;C、鱼缸受到的摩擦力为滑动摩擦力,其大小与拉力无关,只与压力和动摩擦因数有关,因此增大拉力时,摩擦力不变;故C错误;D、猫减小拉力时,桌布在桌面上运动的加速度减小,则运动时间变长;因此鱼缸加速时间变长,桌布抽出时的位移以及速度均变大,则有可能滑出桌面;故D正确;故选:BD.【点评】本题考查牛顿第二定律以及摩擦力的应用,分析判断鱼缸受到的摩擦力是解题的关键,同时,还要注意掌握物体的运动情况,能根据牛顿第二定律进行分析.3.下列说法中不正确的是()A.图甲是一束复色光进入水珠后传播的示意图,其中a束光在水珠中传播的速度一定大于b束光在水珠中传播的速度B.图乙是一束单色光进入平行玻璃砖后传播的示意图,当入射角i 逐渐增大到某一值后不再会有光线从bb'面射出C.图丙和丁分别是双缝干涉和薄膜干涉示意图,反映出光具有波动性D.图戊中的M、N是偏振片,P是光屏.当M固定不动缓慢转动N 时,光屏P上的光亮度将会发生变化,此现象表明光波是横波【考点】光的干涉;光的折射定律.【分析】根据折射率和光的传播速度之间的关系n=,可知,折射率越大,传播速度越小,根据图中的光线关系,判断折射率的大小,从而知道传播速度的大小.入射角i逐渐增大折射角逐渐增大,由于折射角小于入射角,不论入射角如何增大,玻璃砖中的光线不会消失,故肯定有光线从bb'面射出.根据光的干涉体现了光具有波动性.光的偏振现象表明光是一种横波.【解答】解:A、根据折射率和光的传播速度之间的关系n=,可知,折射率越大,传播速度越小,从图中可以看出,b光线在水中偏折得厉害,即b的折射率大于a的折射率,则a在水中的传播速度大于b 的传播速度.故A正确.B、当入射角i逐渐增大折射角逐渐增大,由于折射角小于入射角,不论入射角如何增大,玻璃砖中的光线不会消失,故肯定有光线从bb'面射出,故B错误.C、图丙和丁分别是双缝干涉和薄膜干涉示意图,体现光具有波动性,故C正确.D、只有横波才能产生偏振现象,所以光的偏振现象表明光是一种横波,故D正确.本题选择错误的,故选:B.【点评】本题要知道薄膜干涉形成的条纹是膜的上下表面的发射光干涉产生的.以及知道薄膜干涉是一种等厚干涉.同时要掌握双缝干涉与薄膜干涉的区别.4.如图所示是物体在某段运动过程中的v﹣t图象,在t1和t2时刻的瞬时速度分别为v1和v2,则时间由t1到t2的过程中()A.加速度增大B.加速度不断减小C.平均速度v=D.平均速度v>【考点】匀变速直线运动的图像.【分析】匀变速直线运动图象应用为高考必考点,图象的截距、斜率、面积及交点的意义常为解题的关键,如本题中直线斜率在变化,因此是变速运动,同时由图象可知速度方向始终不变因此为直线运动,同时注意公式的适用条件.【解答】解:A、速度时间图象的斜率表示加速度,由图象可知,斜率逐渐减小,所以加速度不断减小,故A错误,B正确;C、平均速度的适用公式仅适用于匀变速直线运动中,本题中若在图象上做过t1、t2的直线,则表示该直线运动的平均速度,根据面积表示位移大小可知平均速度,故CD错误.故选B【点评】图象题历来为考试热点,记忆口诀“先看轴,再看线,求求斜率,相相面”.同时要明确公式的适用条件,不能混用公式.5.如图甲所示,弹簧振子以O点为平衡位置,在A、B两点之间做简谐运动.取向右为正方向,振子的位移x随时间t的变化如图乙所示,下列说法正确的是()A.t=0.8 s时,振子的速度方向向左B.t=0.2 s时,振子在O点右侧6 cm处C.t=0.4 s和t=1.2 s时,振子的加速度完全相同D.t=0.4 s到t=0.8 s的时间内,振子的速度逐渐增大【考点】简谐运动的振动图象.【分析】由图象可读出振子振动的周期和振幅,振子向平衡位置运动的过程中,速度增大,加速度减小.通过分析振子位移的变化,即可判断其速度和加速度的变化.【解答】解:A、t=0.8 s时,图象切线的斜率为负,说明振子的速度为负,即速度方向向左,故A正确.B、在0﹣0.4s内,振子做变减速运动,不是匀速运动,所以t=0.2s 时,振子不在O点右侧6cm处,故B错误.C、t=0.4s和t=1.2s 时,振子的位移完全相反,由a=﹣,知加速度完全相反,故C错误.D、t=0.4s到t=0.8s 的时间内,振子的位移减小,正向平衡位置靠近,速度逐渐增大,故D正确.故选:AD【点评】本题考查了弹簧振子的振动图象,会判断振子的速度和加速度的变化,要知道加速度、回复力与位移的变化情况是一致的,而与速度的变化情况相反.6.图(a)为一列简谐横波在t=2s时刻波形图,图(b)为媒质中平衡位置在x=1.5m处的振动图象,P是平衡位置为x=2m的质点,下列说法正确的是()A.波速为0.5m/sB.波的传播方向向右C.0~2s时间内,P运动的路程为8cmD.0~2s时间内,P向y轴正运动【考点】波长、频率和波速的关系;横波的图象.【分析】先根据质点的振动图象读出t=2s时刻质点的振动方向,由波动图象判断波的传播方向,再根据波长和周期求波速;据波形成的条件和特点分析各质点的振动情况.【解答】解:A、由图(a)可知该简谐横波波长为λ=2m,由图(b)知周期为T=4s,则波速为v==0.5m/s,故A正确;B、根据图(b)的振动图象可知,在x=1.5m处的质点在t=2s时振动方向向下,所以该波向左传播,故B错误;C、由于t=2s时,质点P在波谷,且2s=0.5T,所以质点P的路程为S=2A=8cm,故C正确;D、由于该波向左传播,由图(a)可知t=2s时,质点P已经在波谷,所以可知0~2s时间内即在0﹣内,P向y轴负方向运动,故D错误;故选:AC.【点评】熟练利用波形平移法判断质点的振动方向与传播方向、利用周期表示时间,求质点的路程、注意时间和空间周期性的对应.7.将硬导线中间一段折成半圆形,使其半径为R,让它在磁感应强度为B,方向如图所示的匀强磁场中绕轴MN匀速转动.导线在a、b 两处通过电刷与外电路连接,外电路接有额定功率为P、电阻为r的小灯泡并正常发光.电路中除灯泡外,其余部分的电阻不计,则下列说法正确的是()A.半圆形硬导线的角速度为B.半圆形硬导线的角速度为C.线圈从图示位置转900通过小灯泡的电荷量为D.线圈从图示位置转900过程中通过小灯泡的电荷量为0【考点】导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律.【分析】小灯泡并正常发光,电压等于额定电压,线框没有电阻,灯泡的电压等于感应电动势的有效值.由E=E m求出有效值.半圆形线框在匀强磁场中绕轴MN匀速转动时,产生正弦式交变电流,根据E m=BSω,求出转速.根据推论:q=求出电量.【解答】解:A、B:设灯泡的额定电压为U,则P=,得到U=.由于线框无电阻,则U=E m,而E m=BSω=BωπR2,故有:ω=,故AB错误•C、D:从该位置旋转90°的过程中,穿过线框平面的磁通量的变化量为△Φ=B×πR2=πR2B.根据推论得到,通过通过小灯泡的电荷量为q==,故C正确、D错误.故选:C.【点评】此题中灯泡的功率由电压有效值研究,熟知正显示交流电的最大值与有效值之间的关系.此外感应电量q=n是常用的经验公式,要理解并加强记忆.8.如图xoy平面为光滑水平面,现有一长为d宽为L的线框MNPQ 在外力F作用下,沿正x轴方向以速度v做匀速直线运动,空间存在竖直方向的磁场,磁感应强度B=B0cos x(式中B0为已知量),规定竖直向下方向为磁感应强度正方向,线框电阻为R0,t=0时刻MN边恰好在y轴处,则下列说法正确的是()A.外力F为恒力B.t=0时,外力大小F=C.通过线圈的瞬时电流I=D.经过t=,线圈中产生的电热Q=【考点】导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律;焦耳定律.【分析】由题意明确感应电动势的规律,根据导体切割磁感线规律和交流电有效值的计算方法可求得电流及热量.【解答】解:A、由于磁场是变化的,故切割产生的感应电动势也为变值,安培力也会变力;故要保持其匀速运动,外力F不能为恒力;故A错误;B、t=0时,左右两边的磁感应强度均为B0,方向相反,则感应电动势E=2B0LV;拉力等于安培力即F=2B0IL=;故B错误;C、由于两边正好相隔半个周期,故产生的电动势方向相同,经过的位移为vt;瞬时电动势E=2B0Lvcos;瞬时电流I=;故C正确;D、由于瞬时电流成余弦规律变化,故可知感应电流的有效值I=;故产生的电热Q=I2Rt=;故D正确;故选:CD.【点评】本题考查电磁感应及交流电规律,要注意交流电有效值定义在本题中的迁移应用;本题选题新颖,是道好题.三、非选择题:包括必考题和选考题两部分.第30、31为化学选考题,考生根据要求作答;其余为必考题,每个试题考生都必须作答.9.(10分)(2016春•巴中期末)某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中进行了如下的操作:(1)用游标尺上有10个小格的游标卡尺测量摆球的直径如图甲所示,可读出摆球的直径为 2.06cm.把摆球用细线悬挂在铁架台上,测量摆线长,通过计算得到摆长L.(2)用秒表测量单摆的周期.当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并记为n=1,单摆每经过最低点记一次数,当数到n=60时秒表的示数如图乙所示,该单摆的周期是T= 2.28s(结果保留三位有效数字).(3)测量出多组周期T、摆长L的数值后,画出T2﹣L图线如图丙,此图线斜率的物理意义是CA.g B. C. D.(4)在(3)中,描点时若误将摆线长当作摆长,那么画出的直线将不通过原点,由图线斜率得到的重力加速度与原来相比,其大小C A.偏大B.偏小C.不变D.都有可能(5)该小组的另一同学没有使用游标卡尺也测出了重力加速度,他采用的方法是:先测出一摆线较长的单摆的振动周期T1,然后把摆线缩短适当的长度△L,再测出其振动周期T2.用该同学测出的物理量表示重力加速度g=.【考点】用单摆测定重力加速度.【分析】(1)游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,不需估读.(2)秒表读数:先读内圈,读数时只读整数,小数由外圈读出,读外圈时,指针是准确的,不用估读.根据T=求周期.(3)(4)(5)根据单摆的周期公式和数学知识得到重力加速度与T2﹣L图象斜率的关系.根据重力加速度的表达式,分析重力加速度测量值偏大的原因.由单摆周期公式,求出重力加速度的表达式.【解答】解:(1)游标卡尺的主尺读数为20mm,游标读数为0.1×6mm=0.6mm,所以摆球的直径为d=20.6mm=2.06cm;(2)由单摆全振动的次数为:n==29.5次,由图示秒表可知,其示数为:t=60s+7.4s=67.4s,该单摆的周期:T==≈2.28s;(3)由周期公式T=2π可知:T2=L,则T2﹣L图线斜率:k=,故选:C.(4)描点时若误将摆线长当作摆长,那么画出的直线将不通过原点,T2=(L线+),即作出T2﹣L线的图象,斜率不变,由图线斜率得到的重力加速度与原来相比,其大小不变,故选:C.⑤由单摆周期公式可知:T1=2π,T2=2π,解得:g=;故答案为:(1)2.06;(2)2.28;(3)C;(4)C;(5).【点评】常用仪器的读数要掌握,这是物理实验的基础.掌握单摆的周期公式,从而求解加速度,摆长、周期等物理量之间的关系.10.某同学利用图1示装置研究小车的匀变速直线运动.①实验中,必要的措施是AB.A.细线必须与长木板平行B.先接通电源再释放小车C.小车的质量远大于钩码的质量D.平衡小车与长木板间的摩擦力②他实验时将打点机器接到频率为50Hz的交流电源上,得到一条纸带,打出的部分计数点如图2所示(2016春•巴中期末)一辆汽车在十字路口等候绿灯,当绿灯亮时汽车以3m/s2的加速度开始行驶,恰在这时一辆自行车以6m/s的速度匀速驶来,从后边赶过汽车.试求:(1)汽车从路口开动后,在追上自行车之前经过多长时间两车相距最远?此时距离是多少?(2)什么时候汽车追上自行车,此时汽车的速度是多少?【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系;匀变速直线运动的速度与时间的关系.【分析】(1)在速度相等之前,小汽车的速度小于自行车的速度,之间的距离越来越大,速度相等之后,小汽车的速度大于自行车,之间的距离越来越小.可知速度相等时相距最远.根据运动学公式求出两车的位移,从而求出两车相距的距离.(2)抓住汽车追上自行车时,两车的位移相等,求出时间,根据速度时间公式v=at求出汽车的速度.【解答】解:(1)设汽车在追上自行车之前经t时间两车速度相等,此时两车相距最远,即at=v自t==s=2s此时距离△s=s2﹣s1=v自t﹣at2∴△s=6×2﹣3×=6m(2)汽车追上自行车时,二车位移相等,则有vt′=at′2带入数据得:6t′=t′2,t′=4s所以汽车的速度v′=at′=3×4=12m/s答:(1)汽车从路口开动后,在追上自行车之前经过2s钟两车相距最远,此时距离为6m;(2)经过4s汽车追上自行车,此时汽车的速度为12m/s.【点评】解决本题的关键速度小者加速追速度大者,在速度相等时,两者有最大距离.以及知道两车相遇时,位移相等.12.(15分)(2016春•巴中期末)小型水利发电站的发电机输出功率为1000kW,输出电压为500V,输电线总电阻为5Ω,为了使输电线损耗功率为发电机输出功率的5%,需在发电机处设升压变压器,用户所需电压为220V,所以在用户处需安装降压变压器.输电电路图如图所示,求:(1)输电线上的电流.(2)升压变压器的原、副线圈的匝数之比.(3)降压变压器的原、副线圈的匝数之比.【考点】变压器的构造和原理.【分析】(1)由输电线上损耗的功率,可求得输电线上的电流;(2)根据P=UI求得升高变压器原线圈中的电流,根据电流与匝数成反比求得升压变压器原副线圈的匝数比;(3)由导线上的电压损耗可求得降压变压器原线圈的电压,则由电压之比等于匝数之比即可求得降压变压器原副线圈的匝数之比.【解答】解:(1)输电线上损耗的功率根据(2)升压变压器原线圈上的电流升压变压器原副线圈的匝数之比(3)输电线上损失的电压升压变压器副线圈两端的电压,得降压变压器原线圈两端的电压降压变压器原副线圈的匝数比答:(1)输电线上的电流100A.(2)升压变压器的原、副线圈的匝数之比.(3)降压变压器的原、副线圈的匝数之比【点评】对于输电问题,要搞清电路中电压、功率分配关系,注意理想变压器不会改变功率,只改变电压和电流;注意应用损耗功率的判断及功率公式的正确应用.13.(18分)(2016春•巴中期末)如图所示,宽为L=2m、足够长的金属导轨MN和M′N′放在倾角为θ=30°的斜面上,在N和N′之间连有一个阻值为R=1.2Ω的电阻,在导轨上AA′处放置一根与导轨垂直、质量为m=0.8kg、电阻为r=0.4Ω的金属滑杆,导轨的电阻不计.用轻绳通过定滑轮将电动小车与滑杆的中点相连,绳与滑杆的连线平行于斜面,开始时小车位于滑轮的正下方水平面上的P处(小车可视为质点),滑轮离小车的高度H=4.0m.在导轨的NN′和OO′所围的区域存在一个磁感应强度B=1.0T、方向垂直于斜面向上的匀强磁场,此区域内滑杆和导轨间的动摩擦因数为μ=,此区域外导轨是光滑的.电动小车沿PS方向以v=1.0m/s的速度匀速前进时,滑杆经d=1m的位移由AA′滑到OO′位置.(g取10m/s2)求:。

解析四川省巴中市四县中2020┄2021学年高二上学期期末联考物理试题

解析四川省巴中市四县中2020┄2021学年高二上学期期末联考物理试题

2020┄2021学年四川省巴中市四县中联考高二(上)期末物理试卷一.单项选择题(本题共6小题,每小题3分,共18分,每小题给出的四个选项中只有一个是正确的)1.(3分)(2014秋•巴中期末)下列说法中正确的是()A.电流既有大小,又有方向,因此电流是矢量B. 电场强度是矢量,方向就是电荷在该点的受力方向C.磁感应强度是矢量,方向与垂直放入该点的电流元受力方向一致D. 磁通量、电势均有正负,但它们是标量【考点】:磁感应强度;磁通量.【分析】:电流没有方向,是标量,而磁通量、电势均有正负,但它们是标量;电场强度方向就是正电荷在该点的受力方向,而磁感应强度与垂直放入该点的电流元受力方向垂直.【解析】:解:A、电流既有大小,有方向,而习惯规定正电荷定向移动方向为电流方向,其方向与矢量的方向有不同含义,因此电流是标量,故A错误;B、电场强度是矢量,方向就是正电荷在该点的受力方向,故B错误;C、磁感应强度是矢量,根据左手定则可知,其方向与垂直放入该点的电流元受力方向垂直,故C错误;D、磁通量、电势均有正负,但它们是标量,故D正确;故选:D.【点评】:考查矢量与标量的区别,掌握电场强度与磁感应强度的方向与各自力的关系.注意左手定则与右手定则的不同.2.(3分)(2014秋•巴中期末)下列说法正确的是()A. 穿过线圈的磁通量与线圈的面积s、磁感应强度B、匝数n均有关B.穿过线圈的磁通量不为零,感应电动势也一定不为零C.穿过线圈的磁通量变化越大,感应电动势可能越小D.穿过线圈的磁通量发生变化,若线圈不闭合,感应电动势一定为零【考点】:法拉第电磁感应定律.【专题】:电磁感应与电路结合.【分析】:由法拉第电磁感应定律可知,感应电动势与磁通量的变化率成正比,与线圈的匝数成正比;有感应电动势,只有闭合回路时,才有感应电流.【解析】:解:A、根据∅=BS(B⊥S),与线圈的匝数无关.故A错误;B、穿过线圈的磁通量不为零,可能磁通量变化率最大,则感应电动势也会最大,故B错误;C、穿过线圈的磁通量的变化越大,而磁通量变化率可能越小,则感应电动势可能越小.故C正确;D、线圈的磁通量发生变化,若线圈不闭合,感应电动势一定有,而感应电流一定为零,故D错误.故选:C.【点评】:感应电动势与磁通量的变化率有直接关系,而与磁通量变化及磁通量均没有直接关系.就如加速度与速度的关系一样.速度大,加速度不一定大;速度变化大,加速度也不一定大.加速度与速度的变化率有关.3.(3分)(2014秋•巴中期末)如图为某同学设计的研究磁场对通电金属棒作用的实验装置.当其接通电键时,有电流通过金属棒,观察到金属棒向左运动,则下列说法正确的是( )A. 此时通过金属棒的电流是由电源经b流向aB. 若调换U形磁铁的南北极,则金属棒仍向左运动C.若调换流经金属棒的电流方向,则金属棒仍向左运动D. 若同时调换U形磁铁的南北极和流经金属棒的电流方向,则金属棒仍向左运动【考点】:左手定则.【分析】:首先据题境判断磁场的方向,再据金属棒的运动情况判断电流的方向;据左手定则判断其它选项即可.【解析】:解:A、由于金属棒向左运动,据左手定则可知,电流的方向a到b,故A错误;B、当调换U形磁铁的南北极,据左手定则可知则金属棒受向右的安培力,所以向右运动,故B 错误;C、若调换流经金属棒的电流方向,据左手定则可知金属棒受向右的安培力,所以金属棒向右运动,故C错误;D、若同时调换U形磁铁的南北极和流经金属棒的电流方向,据左手定则可知金属棒受向左的安培力,所以金属棒仍向左运动,故D正确.故选:D.【点评】:灵活应用左手定则是解题的关键,注意磁场方向、电流方向和安培力的方向三者只记的关系,题目较简单.4.(3分)(2014秋•巴中期末)如图所示,由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接,极板M接地.用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U.在两板相距一定距离d时,给电容器充电,静电计指针张开一定角度.在整个实验过程中,保持电容器所带电量Q不变,下面哪些操作将使静电计指针张角变小()①将M板向下平移②将M板沿水平向左方向远离N板③在M、N之间插入云母板(介电常数ε>1)④在M、N之间插入金属板,且不和M、N接触.A. ①② B.①③ C. ③④ D. ②④【考点】:电容器的动态分析.【分析】:静电计测定电容器极板间的电势差,电势差越大,指针的偏角越大;由C=,分析电容的变化,根据C=分析电压U的变化.【解析】:解:①、将M板向下平移,正对面积S减小,根据C=,电容减小;Q一定,根据C=,电压增加;故静电计指针张角变大;故①错误;②、将M板沿水平向左方向远离N板,极板间距d变大,根据根据C=,电容减小;Q 一定,根据C=,电压增加;故静电计指针张角变大;故②错误;③、在M、N之间插入云母板,根据根据C=,电容变大;Q一定,根据C=,电压减小;故静电计指针张角变小;故③正确;④、在M、N之间插入有机玻璃板,根据根据C=,电容变大;Q一定,根据C=,电压减小;故静电计指针张角变小;故④正确;故选:C.【点评】:本题是电容动态变化分析问题,关键抓住两点:一是电容器的电量不变;二是关于电容的两个公式.5.(3分)(2014秋•巴中期末)如图所示,xoy坐标系第一象限有垂直纸面向外的匀强磁场,第三象限有垂直纸面向里的匀强磁场,磁感强度大小均为B,第二、四象限内没有磁场.一个围成四分之一圆弧形的导体环oab,其圆心在原点o,开始时导体环在第四象限,从t=0时刻起绕o点在xoy坐标平面内逆时针匀速转动.若以逆时针方向的电流为正,下列表示环内感应电流i随时间t变化的图象中,正确的是( )A. B.C. D.【考点】:导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律.【专题】:电磁感应——功能问题.【分析】:根据右手定则判断线框中感应电流的方向.由导体棒转动切割磁感线产生的感应电动势公式E=BL2ω和欧姆定律分析感应电流的大小的变化情况.【解析】:解:在0﹣内,oa切割磁力线运动,根据右手定则判断可知,线框中感应电流的方向为顺时针方向,为负值.﹣内,ob切割磁力线运动,根据右手定则判断可知,线框中感应电流的方向为逆时针方向,为正值.T﹣T,oa切割磁力线运动,根据右手定则判断可知,线框中感应电流的方向为逆时针方向,为正值.T﹣T内,ob切割磁力线运动,根据右手定则判断可知,根据右手定则判断可知,线框中感应电流的方向为顺时针方向,为负值.无论哪个半径切割磁力线,所产生的感应电动势大小相同,设加速度为ω,由感应电动势公式E=BL2ω和欧姆定律得知感应电流的大小是不发生变化的,由此可得知选项ABC错误,D正确.故选:D.【点评】:本题首选要明确右手定则的使用方法,要会根据感应电动势公式和欧姆定律分析感应电流的大小情况,再选择图象.对于电流的方向,还可直接利用楞次定律来解答.6.(3分)(2014秋•巴中期末)图甲所示线圈总电阻r=0.5Ω,匝数n=10,其端点a、b 与R=1.5Ω的电阻相连,线圈内磁通量变化规律如图乙所示.关于a、b两点电势φa、φb 及两点电势差Uab,正确的是( )A. φa>φb,Uab=1.5V B. φa<φb,U ab=1.5VC.φa<φb,U ab=0.5V D.φa>φb,U ab=0.5V【考点】:法拉第电磁感应定律.【分析】:根据法拉第电磁感应定律求出线圈中感应电动势.根据楞次定律判断感应电流的方向.结合电路知识求出a、b两点电势差.【解析】:解:从图中发现:线圈的磁通量是增大的,根据楞次定律,感应电流产生的磁场跟原磁场方向相反,即感应电流产生的磁场方向为垂直纸面向外,根据右手定则,我们可以判断出线圈中感应电流的方向为:逆时针方向.在回路中,线圈相当于电源,由于电流是逆时针方向,所以a相当于电源的正极,b相当于电源的负极,所以a点的电势大于b点的电势.根据法拉第电磁感应定律得:E==10×V=2VI===1A.a、b两点电势差就相当于电路中的路端电压.所以Uab=IR=1.5V.故选:A.【点评】:通过Φ﹣t图象运用数学知识结合物理规律解决问题,其中我们要知道Φ﹣t图象斜率的意义.在电磁感应的问题中要知道哪部分相当于电源.二.不定项选择题(本题共6小题,每小题4分,共24分,每小题给出的四个选项中至少有一个是正确的,少选但不全得2分,错选得0分)7.(4分)(2014秋•巴中期末)如图所示,在x轴上方存在垂直于纸面向里的足够宽的匀强磁场,磁感应强度为B.在xoy平面内,从原点o处沿与x轴正方向成θ角(0<θ<π)以速率v发射一个带正电的粒子(重力不计).则下列说法正确的是( )A.若v一定,θ越大,则粒子在磁场中运动的时间越短B.若v一定,θ越大,则粒子在离开磁场的位置距O点越远C.若θ一定,v越大,则粒子在磁场中运动的角速度越大D.若θ一定,v越大,则粒子在磁场中运动的时间越短【考点】:带电粒子在匀强磁场中的运动;牛顿第二定律.【专题】:带电粒子在磁场中的运动专题.【分析】:带电粒子进入磁场中,受到洛伦兹力而做匀速圆周运动,作出轨迹,由轨迹对应的圆心角等于粒子速度的偏向角,求出轨迹的圆心角α,由t=T分析时间;根据几何知识分析粒子离开磁场的位置与半径的关系;由ω=,T=分析角速度【解析】:解:AD、如图,画出粒子在磁场中运动的轨迹.由几何关系得:轨迹对应的圆心角为α=2π﹣2θ粒子在磁场中运动的时间为t=T粒子运动的周期为T=可得t=•=则得知:粒子的运动时间与v无关,若v一定,θ越大,则粒子在磁场中运动的时间越短,故A正确,D错误;B、设粒子的轨迹半径为r,则r=.如图,AO=2rsinθ=,若v一定,且θ是锐角时,θ越大,AO越大,粒子在离开磁场的位置距O点越远;若θ是钝角,θ越大,AO越小,粒子在离开磁场的位置距O点越近.故B错误C、粒子在磁场中运动的角速度ω=,又T=,则得ω=,与速度v无关.故C错误.故选:A.【点评】:求带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的时间,常常根据t=T,α是轨迹的圆心角,根据几何知识,可知道轨迹的圆心角等于速度的偏向角.8.(4分)(2014秋•巴中期末)如图所示,直线A为某电源的U﹣I图线,曲线B为某小灯泡D1的U﹣I图线的一部分,用该电源和小灯泡D1组成闭合电路时,灯泡D1恰好能正常发光,则下列说法中正确的是()A. 此电源的内阻为ΩB. 灯泡D1的额定电压为3V,功率为6WC.把灯泡D1换成“3V,20W”的灯泡D2,电源的输出功率将变大D. 由于小灯泡B的U﹣I图线是一条曲线,所以灯泡发光过程,欧姆定律不适用【考点】:带电粒子在匀强磁场中的运动;质谱仪和回旋加速器的工作原理.【分析】:电源的U﹣I曲线与灯泡伏安特性曲线的交点就是该灯泡与该电源连接时的工作状态,由图可读出工作电压和电流及电源的电动势从而可算出灯泡的额定功率.根据推论:电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大,分析C项.欧姆定律适用于纯电阻.【解析】:解:A、由图读出:电源的电动势E=4V,内阻r==Ω=0.5Ω,故A 错误.B、两图线的交点表示小灯泡D1与电源连接时的工作状态,此时灯泡的电压U=3V,电流I=2A,功率为P=UI=6W,由于小灯泡D1正常发光,则灯泡D1的额定电压为3V,功率为6W,故B正确.C、灯泡D1的电阻R1===1.5Ω,“3V,20W”的灯泡D2的电阻为R2===0.45Ω,可知灯泡D2的电阻更接近电源的内阻,根据推论:电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大,知把灯泡D1换成“3V,20W”的灯泡D2,电源的输出功率将变大,故C正确.D、灯泡是纯电阻,欧姆定律仍适用,故D错误.故选:BC.【点评】:解决这类问题的关键在于从数学角度理解图象的物理意义,抓住图象的斜率、面积、截距、交点等方面进行分析,更加全面地读出图象的物理内涵.9.(4分)(2014秋•巴中期末)如图所示,水平放置的平行板电容器间有垂直纸面向里的匀强磁场,开关S闭合时一带电粒子恰好水平向右匀速穿过两板,重力不计.对相同状态入射的粒子,下列说法正确的是( )A.保持开关闭合,若滑片P向上滑动,粒子可能从下极板边缘射出B. 保持开关闭合,若将磁场方向反向,粒子仍可能沿直线射出C. 保持开关闭合,若A极板向上移动后,调节滑片P的位置,粒子仍可能沿直线射出D.如果开关断开,调节滑片P的位置,粒子可能继续沿直线射出【考点】:霍尔效应及其应用.【分析】:电容器与变阻器并联,故电容器两端的电压等于变阻器两端的电压;则a、b之间形成电场,带电粒子在混合场中做匀速运动,则可知电场力应与洛伦兹力大小相等方向相反;分析滑片移动时,极板间场强的变化可知电场力的变化,则可知粒子受力的变化,即可得出带电粒子偏转的方向.【解析】:解:带电粒子水平向右匀速穿过两板时,电场力与洛伦兹力平衡.A、保持开关闭合,若滑片P向上滑动,变阻器接入电路的电阻减小,变阻器两端的电压减小,电容器板间电压减小,板间场强减小,带电粒子所受的电场力减小,若粒子带负电,电场力向上,则粒子将向下偏转,可从下极板边缘射出,故A正确.B、保持开关闭合,若将磁场方向反向,则粒子所受电场力与洛仑兹力同向,粒子不可能沿直线射出,故B错误;C、保持开关闭合,若只将A极板向上移动后,板间电压不变,板间距离增大,场强减小,带电粒子所受的电场力减小,与洛伦兹力不再平衡,不可能再沿直线运动,故C错误.D、若开关断开,则电容器与电源断开,而与变阻器形成通路,电容器将通过变阻器放电,电荷量不断减小,板间电压不断减小,故两板间的电场强度要减小,故所受电场力减小,粒子不会做直线运动,故D错误;故选:A.【点评】:本题综合了电路、电容及磁场的知识,综合性较强;同时要注意由于题目中没有给出粒子的电性,故必须讨论可能出现的情况.10.(4分)(2014秋•巴中期末)如图所示,在竖直平面内有匀强电场(图中未画出),一个质量为m带电小球,从A点以初速度v0沿直线运动.直线与竖直方向的夹角为θ(θ<90°),不计空气阻力,重力加速度为g.以下说法正确的是()A. 小球一定做匀变速运动B.小球在运动过程中可能机械能守恒C. 当小球速度为v时,其重力的瞬时功率p=mgvsinθD.小球运动过程中所受电场力不小于mgsinθ【考点】:机械能守恒定律.【专题】:机械能守恒定律应用专题.【分析】:小球从A点以初速度v0沿直线运动,受到重力和电场力作用,可能做匀速直线运动,也可能做匀变速直线运动.小球在运动过程中可能机械能守恒.当电场力与速度方向垂直时,电场力最小为mgsinθ.当小球速度为v时,其重力的瞬时功率p=mgvcosθ.【解析】:解:A、小球从A点以初速度v0沿直线运动,受到重力和电场力作用,若电场力与重力平衡时,小球做匀速直线运动;若电场力与重力不平衡时,两者的合力与速度共线,而且合力是恒力,则小球做匀变速直线运动.故A错误.B、若电场力与速度方向垂直时,电场力不做功,则小球的机械能守恒.故B正确.C、当小球速度为v时,其重力的瞬时功率p=mgvcosθ.故C错误.D、当电场力与速度方向垂直时,电场力最小,由垂直于速度方向力平衡得到:电场力的最小值为mgsinθ.故D正确.故选:BD.【点评】:本题中小球做直线运动,可能是匀速直线运动,也可能做匀变速直线运动,根据小球的受力情况分析可能的运动情况.11.(4分)(2014秋•巴中期末)1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖.若速度相同的同一束粒子由左端小孔S0射入质谱仪后,运动轨迹如图实线轨迹所示,不计粒子重力.则下列相关说法中正确的是()A.该束带电粒子带负电B.速度选择器的P1极板带正电C. 在B2磁场中运动半径越大的粒子,质量越大D. 在B2磁场中运动半径越大的粒子,比荷越大【考点】:质谱仪和回旋加速器的工作原理.【专题】:带电粒子在磁场中的运动专题.【分析】:根据带电粒子在磁场中的偏转方向确定带电粒子的正负.根据在速度选择器中电场力和洛伦兹力平衡确定P1极板的带电情况.在磁场中,根据洛伦兹力提供向心力,求出粒子的轨道半径,即可知道轨迹半径与什么因素有关【解析】:解:A、带电粒子在磁场中向下偏转,磁场的方向垂直纸面向外,根据左手定则知,该粒子带正电.故A错误.B、在平行金属板间,根据左手定则知,带电粒子所受的洛伦兹力方向竖直向上,则电场力的方向竖直向下,知电场强度的方向竖直向下,所以速度选择器的P1极板带正电.故B正确.C、D进入B2磁场中的粒子速度是一定的,根据qvB=m得,r=,知r越大,荷质比越小,而质量m不一定大.故C、D错误.故选:B【点评】:解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向,以及知道在速度选择器中,电荷所受的电场力和洛伦兹力平衡12.(4分)(2014•如东县校级模拟)如图所示,长方体发电导管的前后两个侧面是绝缘体,上下两个侧面是电阻可忽略的导体电极,两极间距为d,极板面积为S,这两个电极与可变电阻R相连.在垂直前后侧面的方向上,有一匀强磁场,磁感应强度大小为B.发电导管内有电阻率为ρ的高温电离气体,气体以速度v向右流动,并通过专用管道导出.由于运动的电离气体,受到磁场的作用,将产生大小不变的电动势.若不计气体流动时的阻力,由以上条件可推导出可变电阻消耗的电功率.调节可变电阻的阻值,根据上面的公式或你所学过的物理知识,可求得可变电阻R消耗电功率的最大值为()A. B. C. D.【考点】:霍尔效应及其应用;闭合电路的欧姆定律.【专题】:压轴题.【分析】:电荷在磁场洛伦兹力作用下发生偏转,在上下表面间形成电势差,最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下平衡,根据平衡求出电动势的大小,当外电阻与内阻相等时,电源的输出功率最大,即可变电阻R消耗的电功率最大.【解析】:解:根据平衡有:qvB=q,解得电源的电动势E=Bdv.当外电阻与内阻相等时,可变电阻消耗的电功率最大.内阻r=.则电流I=.故B正确,A、C、D.故选B.【点评】:解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向,会通过电荷的平衡求出电动势的大小,以及知道外电阻与内电阻相等时,电源的输出功率最大.三、实验题(本题共3小题,共18分)13.(4分)(2014秋•巴中期末)如图所示表示的是“研究电磁感应现象”的实验装置.(1)将图中所缺导线补接完整.(2)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下,那么合上开关后将线圈A迅速从线圈B中拔出时,电流计指针将向左偏;线圈A插入线圈B后,将滑动变阻器滑片迅速向左移动时,电流计指针将向左偏.(以上两空选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”)【考点】:把电流表改装成电压表.【专题】:实验题.【分析】:(1)注意在该实验中有两个回路,一个由线圈B和电流计串联而成,另一个由电键、滑动变阻器、电压、线圈A串联而成.(2)根据题意应用楞次定律分析答题.【解析】:解:(1)将线圈B和电流计串联形成一个回路,将电键、滑动变阻器、电压、线圈A 串联而成另一个回路即可,实物图如下所示:(2)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下,说明穿过线圈的磁通量增加,电流计指针向右偏,合上开关后,将原线圈迅速从副线圈拔出时,穿过线圈的磁通量减少,电流计指针将向左偏;原线圈插入副线圈后,将滑动变阻器滑片迅速向左移动时,穿过线圈的磁通量减小,电流计指针将向左偏.故答案为:(1)见右图(2)向左偏,向左偏【点评】:知道探究电磁感应现象的实验有两套电路,这是正确连接实物电路图的前提与关键.对于该实验,要明确实验原理及操作过程,平时要注意加强实验练习.14.(6分)(2014秋•巴中期末)某同学利用多用电表做了以下实验:(1)使用多用电表测电阻,他的主要实验步骤如下①把选择开关扳到“×100”的欧姆挡上;②把表笔插入测试插孔中,先把两根表笔相接触,旋转欧姆调零旋钮,使指针指在电阻刻度的零位上;③把两根表笔分别与某一待测电阻的两端相接,发现这时指针偏转较小;④换用“×10”的欧姆挡,随即记下欧姆数值;⑤把表笔从测试笔插孔中拔出后,就把多用表放回桌上原处,实验完毕.这个学生在测量时已注意到:待测电阻与其他元件和电源断开,不用手碰表笔的金属杆,那么这个学生在实验中有哪些操作是错误的?(三个错误)错误一: 指针偏转较小说明电阻偏大,应该选用较大挡位,即换用“×1K”的欧姆档错误二:换挡后没有进行欧姆调零错误三:使用完后没有将选择开关转到“OFF”或交流电压最高挡.(2)如图所示,为多用电表的表盘,测电阻时,若用的是×100挡,这时表针所示被测电阻的阻值应为1700 欧;测直流电流时,用的是100mA的量程,指针所示电流值为47 毫安;测直流电压时,用的是50V量程,则指表针所示的电压值为23.5 伏.【考点】:用多用电表测电阻.【专题】:实验题;恒定电流专题.【分析】:(1)①欧姆表使用前要机械调零,换用“×1K”挡位,换挡后重新调零,使用完毕调到OFF档;②先确定最小刻度,然后读数;③使用完毕应将选择开关调到“OFF”档或交流最高电压档.(2)多用电表欧姆档的测量值等于表盘读数乘以倍率;多用电表第二排刻度为电流和直流电压的读数刻度.【解析】:解:(1)根据万用表的使用方法可知有以下错误;错误一:指针偏转较小说明电阻偏大,应该选用较大挡位,即换用“×1K”的欧姆档;错误二:欧姆表换挡后要重新调零;错误三:使用完毕应将选择开关调到“OFF”档或交流最高电压档;(2)测电阻时,若用的是×100量程,这时表针所示被测电阻的阻值应为17×100=1700欧;测直流电流时,用的是100mA的量程,由图示表盘可知,其分度值为2mA,指针所示电流值为47毫安;测直流电压时,用的是50V量程,由图示表盘可知,其分度值为1V,则指表针所示的电压值为23.5伏.故答案为:(1)指针偏转较小说明电阻偏大,应该选用较大挡位,即换用“×1K”的欧姆档.换挡后没有进行欧姆调零.使用完后没有将选择开关转到“OFF”或交流电压最高挡.(2)1700,47,23.5.【点评】:本题考查了多用电表的读数,是一道基础题,要掌握多用电表的使用及读数方法.灵活选取表盘上标出的量程然后根据选择开关的量程放大或缩小整数倍.15.(8分)(2014秋•巴中期末)某研究性学习小组欲测定一电池的电动势E和内电阻r,但是从实验室只借到一个开关、一只电阻箱(最大阻值为9.999Ω,当标准电阻用) 一只电流表(量程I R=0.6A,内阻r g=0.1Ω)和若干导线(1)请根据测定电动势E内电阻r的要求,设计图1中器件的连接方式,画线把它们连接起来.(2)接通开关,逐次改变电阻箱的阻值R,读出与R对应的电流表的示数I,并作记录.当电阻箱的阻值R=2.6Ω时,其对应的电流表的示数如图2所示.处理实验数据时首先计算出每个电流值I的倒数;再制作R﹣坐标图,如图3所示,图中已标注出了(R,)的几个与测量对应的坐标点,请你将与图2实验数据对应的坐标点也标注在图3中上.(3)在图3上把描绘出的坐标点连成图线(4)根据图3描绘出的图线可得出这个电池的电动势E= 1.5 V,内电阻r= 0.3 Ω.【考点】:测定电源的电动势和内阻.【专题】:实验题;恒定电流专题.。

2020年四川省巴中市通江中学高二物理期末试题含解析

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2020年四川省巴中市通江中学高二物理期末试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1. (单选)某原子电离后其核外只有一个电子,若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动,那么电子运动()A.半径越大,加速度越大B.半径越小,周期越大C.半径越大,角速度越小D.半径越小,线速度越小参考答案:C2. (单选)如图所示,U形管两臂竖直固定,右管中一段水银柱A与管底部水银间有一段空气柱B被封于右臂管子的中部,A有部分水银在水平管中,设U形管内粗细均匀,两端均开口与大气相通.现保持温度不变,向左管缓慢注入少量水银,则重新平衡后A.空气柱B的压强增大 B.空气柱B的长度不变C.图中h减小D.图中h不变参考答案:C3. 矩形线圈在匀强磁场中匀速转动,从中性面开始转动180°的过程中,平均感应电动势和最大感应电动势之比为A. B. C. D.参考答案:D4. (多选)如图所示,光滑水平面上有大小相同的A、B两球在同一直线上运动.两球质量关系2m A=m B,规定向右为正方向,A、B两球的动量均为6kg?m/s,运动中两球发生碰撞,碰撞后A球的动量增量为﹣4kgm/s,则()A.左方是A球B.右方是A球C.碰撞后A、B两球速度大小之比为2:5D.碰撞后A、B两球速度大小之比为1:10参考答案:AC【考点】动量守恒定律.【分析】光滑水平面上有大小相同的A、B 两球在发生碰撞,在碰撞过程中动量守恒.因此可根据两球质量关系,碰前的动量大小及碰后A的动量增量可得出A球在哪边,及碰后两球的速度大小之比.【解答】解:光滑水平面上大小相同A、B 两球在发生碰撞,规定向右为正方向,由动量守恒定律可得:△P A=﹣△P B由于碰后A球的动量增量为负值,所以右边不可能是A球的,若是A球则动量的增量应该是正值,因此碰后A球的动量为2kg?m/s所以碰后B球的动量是增加的,为10kg?m/s.由于两球质量关系为m B=2m A那么碰撞后A、B两球速度大小之比2:5所以选项AC正确,BD错误故选:AC5. 如图所示,100匝的矩形线圈ABCD,AB=CD=0.5m,AD=BC=0.2m,将线圈置于B=2T的匀强磁场中,以为轴转动,转速为,则线圈产生的感应电动势的最大值为________,从线圈平面与中性面重合时开始计时,交流感应电动势的瞬时值表达式为________,从计时开始,经过0.1s时的电动势的瞬时值是________.参考答案:二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6. 如图所示,电源可提供U=6 V的恒定电压,R0为定值电阻,某同学实验时误将一电流表(内阻忽略)并联于Rx两端,其示数为2 A,当将电流表换成电压表(内阻无限大)后,示数为3 V,则Rx的阻值为______Ω.参考答案:_ 3_ __Ω7. 关于物体的重心,下列说法中正确的是A. 重心就是物体上最重的一点B. 形状不规则的物体没有确定的重心C. 重心是物体所受重力的作用点,故重心一定在物体上D. 用一根细软线将物体悬挂起来,静止时重心一定在悬线所在直线上参考答案:D【详解】A、重心是物体各部分所受重力的合力的作用点,不是物体上最重的一点,故选项A错误;B、物体的重心不仅与形状有关,还与物体的质量分布有关,只要物体形状与物体的质量分布确定,物体重心的位置时确定的,故选项B错误;C、重心不一定在物体上,也可以物体之外,比如均匀的圆环,重心在环外,故选项C错误;D、用细软线将物体悬挂起来,静止时物体的重力与细线的拉力平衡,作用在同一直线上,所以重心一定在悬线所在直线上,故选项D正确;8. (1)自然界中任何两个物体都是相互吸引的,引力的大小跟这两个物体的质量的乘积成正比,跟它们距离的二次方成反比。

四川省巴中市通江县实验中学2020年高三物理模拟试卷带解析

四川省巴中市通江县实验中学2020年高三物理模拟试卷带解析

四川省巴中市通江县实验中学2020年高三物理模拟试卷含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1. 质谱仪是测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具.如图所示为质谱仪的原理示意图.现利用这种质谱议对氢元素进行测量.氢元素的各种同位素从容器A下方的小孔S,无初速度飘入电势差为的加速电场.加速后垂直进入磁感强度为B的匀强磁场中.氢的三种同位素最后打在照相底片D上,形成、、三条“质谱线”.关于三种同位素进人磁场时速度的排列顺序以及、、三条“质谱线”的排列顺序,下列判断正确的是( )A.进入磁场时速度从大到小排列的顺序是氚、氘、氕B.进入磁场时速度从大到小排列的顺序是氘、氚、氕C.、、三条质谱线依次排列的顺序是氘、氚、氕D.、、三条质谱线依次排列的顺序是氚、氘、氕参考答案:D2. (单选)惰性气体氡发生放射性衰变,放出α、β、γ射线,根据有关放射性知识可知,下列说法正确的是A.氡的半衰期为3.8天,若取20个氡原子核,经7. 6天后就一定剩下5个原子核了B.β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的C.γ射线一般伴随着α或β射线产生,在三种射线中,γ射线的穿透能力最强,电离能力也最强D.发生α衰变时,生成核与原来的原子核相比,中子数减少了4参考答案:B3. 空间中P、Q两点处各固定一个点电荷,其中P点处为正电荷,P、Q两点附近电场的等势面分布如图所示,a、b、c、d为电场中的4个点,则() A.P、Q两点处的电荷等量同种B.a点和b点的电场强度相同C.c点的电势低于d点的电势D.负电荷从a到c,电势能减少参考答案:D考点:等势面;电势及电势能4. 如图为示波管的示意图。

左边为加速电场,右边水平放置的两极板之间有竖直方向的偏转电场。

电子经电压为U1的电场加速后,射入偏转电压为U2的偏转电场,离开偏转电场后,电子打在荧光屏上的P点,离荧光屏中心O的侧移为y。

四川省巴中市通江县实验中学2020-2021学年高三物理联考试题带解析

四川省巴中市通江县实验中学2020-2021学年高三物理联考试题带解析

四川省巴中市通江县实验中学2020-2021学年高三物理联考试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1. 位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图所示,ab、cd分别是正方形两条边的中垂线,O点为中垂线的交点,P、Q分别为ab、cd上的点,且OP>OQ.则下列说法正确的是()A.P点的电场强度比Q点的大B.P点的电势比Q点的高C.OP两点间的电势差大于OQ两点间的电势差D.一带正电的试探电荷在Q点的电势能比在M点大参考答案:D【考点】电场的叠加;电势差与电场强度的关系.【分析】根据电场线的方向确定场源电荷的正负.电势的高低看电场线的指向,沿着电场线电势一定降低.电场线的疏密表示场强的大小,根据电势高低判断功的正负.【解答】解:A、根据电场的对称性与电场的叠加,可知P点的电场强度比Q点的小,故A错误.B、若取无穷远处为电势的0点,根据电场叠加,由图象可知ab、cd两中垂线上各点的电势都为零,所以P、Q两点的电势相等,故B错误;C、由B的分析可知,P、Q两点的电势相等,所以OP两点间的电势差等于OQ两点间的电势差,都等于0,故C错误.D、若取无穷远处为电势的0点,根据电场叠加,由图象可知ab、cd两中垂线上各点的电势都为零,由图可知,M点的电势低于M所在的电场线与ob的交点处的电势,所以M点的电势低于Q点的电势,一带正电的试探电荷在Q点的电势能比在M点大.故D正确.故选:D2. (多选)在光滑的绝缘水平面上,两个带等量正电的点电荷,固定在图中P、Q两点,MN 为PQ连线的中垂线上的两点,交PQ于0点,且MO二NO。

一电子。

从M点自由释放,粒子将沿着MN连线做往复运动。

取无限远处的电势为零,则粒子从盆M点运动到N点的过程中A.先作匀加速运动,后作匀减速运动由B.先从高电势到低电势,后从低电势到高电势PC.电势能与动能之和不变D.电势能先减小,后增大参考答案:CD3. 下列情况下会使单摆的振动周期变大的是()A.将摆动的振幅减为原来的一半B.将摆从高山移到平地上C.将摆从北极移向赤道D.用一个装满沙的漏斗和一根较长的细线做成一个单摆,摆动中沙慢慢从漏斗中漏出时参考答案:CD4. 如图,圆孤轨道AB是在竖直平面内的1/4圆周,在B点,轨道的切线是水平的.一质点自A点从静止开始下滑,不计滑块与轨道间的摩擦和空气阻力,则在质点刚要到达B点时的加速度大小和刚滑过B点时的加速度大小分别为()A.0,g B.g,g C.2g,g D.2g,2g参考答案:C5. 一台理想变压器原、副线圈匝数比n1: n2=10: 1。

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2019-2020学年四川省巴中市通江县实验中学高二物理
联考试题
一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意
1. 下列说法中,正确的是:
A.公式E=只适用于真空中点电荷产生的电场
B.由公式U=,说明两点间的电势差U与电场力做功W成正比,与电荷量q成反比
C.在公式F=k中,k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小;而k是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处场强的大小
D.由公式可知,与电势能E P成正比,与放入电场中检验电荷的电荷量q成反比。

参考答案:
C
2. (多选)如图所示,电路甲、乙中,电阻R和自感线圈L的电阻值都很小,接通S,使电路达到稳定,灯泡D发光。

则()
A.在电路甲中,断开S,D将逐渐变暗
B.在电路甲中,断开S,D将先变得更亮,然后渐渐变暗
C.在电路乙中,断开S,D将渐渐变暗
D.在电路乙中,断开S,D将变得更亮,然后渐渐变暗
参考答案:
AD
3. 关于加速度和速度,以下说法正确的是()
A.加速度越大的物体速度越快
B.加速度越大的物体速度变化越大
C.加速度不变的物体速度也不变
D.加速度越大的物体速度变化越快
参考答案:
D
解:加速度越来越大,物体的速度变化越来越快,速度不一定大,故A错误,D正确;
B、加速度越大的物体速度变化不一定大,还与时间有关,故B错误;
C、加速度不变,物体做匀变速直线运动,速度变化,故C错误;
故选:D
4. 1如图所示,用细线悬挂的小球从A点开始摆动,经过最低点B时摆线被直尺P 挡住,球继续摆动至C点.若不计空气阻力,下列说法正确的是()
A.A到B过程小球的机械能增加
B.B到C过程小球的机械能减少
C.A到C过程小球的机械能守恒
D.A到C过程小球的机械能增加
参考答案:
C
5. 如图所示,一水平圆盘可绕通过盘心O且垂直于盘面的竖直轴转动.在圆盘上放置小木块,它随圆盘一起做匀速圆周运动.木块受力的个数为
A.1个B.2个 C.3
个D.4个
参考答案:
C
二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分
6. 如图所示,当航天飞机在环绕地球的轨道上飞行时,从中释放一颗卫星,卫星与航天飞机保持相对静止,两者用导电缆绳相连,这种卫星称为绳系卫星,利用它可以进行多种科学实验。

现有一颗绳系卫星在地球赤道上空由东往西方向运行。

卫星位于航天飞机正上方,它与航天飞机间的距离约20km,卫星所在位置的地磁场沿水平方向由南往北约5×10-5T。

如果航天飞机和卫星的运行速度约8km/s,则缆绳中的感应电动势大小为 V,端电势高(填“A”或“B”)。

参考答案:
7. 如图所示,一束电子(电量为e)以速度v垂直射入磁感应强度为B,宽度为d的匀强
磁场中,穿透磁场时速度方向与电子原来入射方向的夹角是30°,则电子的质量
是,穿透磁场的时间是。

参考答案:
2dBe/V ,πd/3V
8. 用波长为的单色光射向阴极,产生了光电流,已知普朗克常量为h,电子电荷量为e,真空中的光速为测出光电流i随电压U的变化图象如图所示,则照射在金属表面上的这束光的最小功率P________;该光电管的阴极K是用截止频率为的金属铯制成,在光电管阳极A和阴极K之间加正向电压则光电子到达阳极的最大动能________________.
参考答案:
(1). (2).
【详解】第一空. 由于饱和光电流为I0,可知单位时间内产生的光电子的个数:,若照射到金属上的光子全部被金属吸收,且每个光子对应一个光电子,则照射到金属上的
光子的个数:,所以这束光照射在金属表面上的最小功率。

第二空. 根据光电效应方程得,光电子逸出金属的最大初动能,根据题意可知,经电压加速,根据动能定理可知,光电子到达阳极的最大动能。

9. 如图所示电路,当A、B两端接入150V的电压时,C、D两端电压为50V.当
C、D两端接入150V电压时,A、B两端电压为100V, 求R1:R2:R3=--
_____________
参考答案:
4:4:1
10. 在竖直平面内,一根光滑金属杆弯成如图所示形状,相应的曲线方程为y=2.5 cos(单位:m),式中k=1m-1。

将一光滑小环套在该金属杆上,并从x=0处
以v0=5m/s的初速度沿杆向下运动,取重力加速度g=10m/s2。

则当小环运动到x=m 时的速度大小v=__________m/s;该小环在x轴方向最远能运动到x=__________m处。

参考答案:

11. 如图为振荡电路在某一时刻的电容器带电情况和电感线圈中的磁感线方向情况。

由图可知,电感线圈中的电流正在____(选填“增大,减小或不变”).如果电流的振荡周期为T=10-4s,电容C=250 F,则电感量L=__________H。

参考答案:
12. 在光电效应实验中,在入射光的颜色一定时,遏止电压与光照强度_____(填“有关”
或“无关”)。

用单色光照射某金属光电子的最大初动能取决于入射光的_____。

参考答案:
无关;频率
13. 面积为0.02m2的单匝线圈,处于磁感应强度为0.5T的匀强磁场中,线圈平面
与磁场平行,穿过线圈的磁通量为 Wb;当线圈转过90o线圈平面与磁场垂直时,穿过线圈的磁通量为 Wb。

参考答案:
0 0.01
三、简答题:本题共2小题,每小题11分,共计22分
14. (5分)如图是研究电磁感应现象的实验装置图,结合图片,请说出能产生感应电流的几种做法(至少三种)。

(1) ;
(2) ;
(3) 。

参考答案:
(1) 闭合开关瞬间;(2) 断开开关瞬间;(3) 闭合开关,移动滑动变阻器滑片。

15. 如图所示,有两个质量均为m、带电量均为q的小球,用绝缘细绳悬挂在同一点O处,保持静止后悬线与竖直方向的夹角为θ=30°,重力加速度为g,静电力常量为k.求:(1) 带电小球A在B处产生的电场强度大小;(2) 细绳的长度L.
(1)(2)
(1)对B球,由平衡条件有:mgtan θ=qE
带电小球在B处产生的电场强度大小:
(2)由库仑定律有:
其中:r=2Lsin θ=L
解得:
【点睛】本题关键是对物体受力分析,然后结合共点力平衡条件、库仑定律和电场强度的定义列式求解.
四、计算题:本题共3小题,共计47分
16. 发电机输出功率为100kW,输出电压为250V,用户需要220V的电压,两理想变压器间输电线电阻为,输电线上损失的功率为4 kW,求
(1)输电线中的电流强度I;
(2)升压变压器副线圈两端的电压U2
(2)降压变压器的匝数比n3:n4。

参考答案:
、(1)I=20A (3分)
(2)n3:n4=1:20 (4分)
(3)n3:n4=240:11
17. 在光滑的水平面上,有一个长为L的木板C,C的两端各有一竖直的挡板,在木板C的中央处有两个长度均为d的物体A和B,A的质量为mA,在A、B之间安放微量炸药,并控制炸药爆炸只对A、B产生沿木板C方向的水平冲力。

开始A、B、C都静止,A、B、C的质量之比为mA∶mB∶mC=1∶4∶9,A、B与C之间摩擦不计。

炸药爆炸产生能量为E,其中一半转化为A、B的动能。

A、B与C 两端的挡板碰撞后便与C连成一体。

求(1)炸药爆炸使A、C相碰后C的速度;(2)从A、C相碰后到B、C相碰的时间内C的位移。

(1)A、B物理系统水平方向动量守恒 mAvA-mBvB=0
又由能量关系
解得,
再考察A、C物体系统,水平方向动量守恒
(4分)
(2)自A、B分离到A、C相碰历时
时间t1内B向右的位移
A、C相碰时,B与C右端的距离
设从A、C相碰到B、C相碰的时间为t2 ,则
故t2内C的位移(6分)
18. 如图所示的电路中,两平行金属板A、B水平放置,两板间的距离d=40 cm.电源电动势E=24 V,内阻r=1 Ω,电阻R=15 Ω.闭合开关S,待电路稳定后,将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4 m/s竖直向上射入板间.若小球带电荷量为q=1×10-2C,质量为m=2×10-2kg,不考虑空气阻力.那么,滑动变阻器接入电路的阻值为多大时,小球恰能到达A板?此时,电源的输出功率是多大?(g取10 m/s2)
(1)小球进入板间后,受重力和静电力作用,且到A板时速度为零,设两板间电压为UAB.
由动能定理得:-mgd-qUAB=0-mv,………………2分
解得UAB=8 V…………………………………………1分
所以滑动变阻器两端电压U滑=UAB=8 V,…………1分
设通过滑动变阻器的电流为I,由闭合电路欧姆定律得:I==1 A,…………2分
滑动变阻器接入电路的电阻R滑==8 Ω.……………………2分
(2)电源的输出功率P出=I2(R+R滑)=23 W. ……………………2分。

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