2020届高考物理模拟汇编卷及参考答案(一)

2020届高考物理模拟汇编卷（一）1、中国科学家吴宜灿获得2018年欧洲聚变核能创新奖，获奖理由：开发了一种新的基于CAD的粒子传输软件，用于核设计和辐射安全计算。

下列关于聚变的说法中，正确的是（）A．同样质量的物质裂变时释放的能量比同样质量的物质聚变时释放的能量大很多B．裂变过程有质量亏损，聚变过程质量有所增加C．核反应堆产生的能量来自轻核聚变D．聚变反应比裂变反应每个核子释放的平均能量一定大2、如图所示，水平金属板A、B分别与电源两极相连，带电油滴处于静止状态。

现将B板右端向下移动一小段距离，两金属板表面仍均为等势面，则该油滴（）A.仍然保持静止B.竖直向下运动C.向左下方运动D.向右下方运动3、静电场和重力场在某些特点上具有一定的相似性，结合有关“场”的知识，并进行合理的类比和猜想，判断以下说法中正确的是（）A.法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了点电荷间的相互作用规律，并测定了元电荷的电荷量B.电场的概念是法拉第建立的，并引出电场线来描述电场C.如果把地球抽象为一个孤立质点，用于形象描述它所产生的重力场的所谓“重力场线”的分布类似于真空中一个孤立的正电荷所产生的静电场的电场线分布D.重力场与静电场相类比，重力场的“场强”等于重力加速度，其“场强”大小的决定式为G gm4、质量为M的均匀木块静止在光滑的水平面上,木块左右两侧各有一位拿着完全相同的步枪和子弹的射击手。

子弹质量为m,首先左侧的射击手开枪,子弹水平射入木块的深度为1d,子弹与木块相对静止后,右侧的射击手开枪,子弹水平射入木块的深度为2d,如图所示,设子弹均未射穿木块,且两子弹与木块之间的作用力大小相等。

当两颗子弹均相对木块静止时,两子弹射入的深度之比12dd为( )A.MmB.2Mm M+C.Mm M+D.2Mm M+5、如图所示，均匀带正电圆环带电荷量为Q，半径为R，圆心为O，A、B、C为垂直于圆环平面的中心轴上的三个点，且BC=2AO=20B=2R，当在C处放置一点电荷时（不影响圆环的电荷分布情况，整个装置位于真空中），B点的电场强度恰好为零，则由此可得A点的电场强度大小为（）A.2kQB.52kQC.32kQD.2kQ6、如图所示，在水平桌面上放置一周长为L，质量为m的近超导体（导体仍有微小电阻）圆环，圆环的截面面积为S，电阻率为ρ．一磁铁在外力作用下，从圆环正上方缓慢下移至离桌面高H处撤去外力，磁铁恰好受力平衡，此时圆环中的感应电流大小为I，其所在处磁场的磁感应强度大小为B，方向与水平方向成θ角，经过一段时间后，磁铁会缓慢下移至离桌面高为h的位置处再次平衡，下移过程圆环中的电流可认为保持不变，则（）A．超导圆环的电流方向从上往下看为顺时针方向B．磁铁在H处受力平衡时，桌面对超导圆环的支持力为mg+BILcosθC．磁铁下移过程，超导圆环产生热量为BILcosθ（H﹣h）D ．磁铁下移过程，通过超导圆环的电荷量为()BS H h ρ-7、如图1，一物块静止在光滑水平面上，t ＝0时在水平力F 的作用下开始运动，F 随时间t 按正弦规律变化如图2所示，则（ ）A ．在0～1.5s 时间内，第1s 末质点的动量最大B ．第2s 末，质点回到出发点C ．在0～1s 时间内，F 的功率先增大后减小D ．在0.5～1.5s 时间内，F 的冲量为08、如图所示,曲线I 是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图,其半径为R ,曲线II 是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图,O 点为地球球心,AB 为椭圆的长轴,两轨道和地心都在同一平面内,己知在两轨道上运动的卫星的周期相等,万有引力常量为G ,地球质量为M ,下列说法正确的是( )A. 椭圆轨道的长轴长度为2RB. 卫星在I 轨道的速率为0v ,卫星在II 轨道B 点的速率为B v ,则0B v v >.C. 卫星在I 轨道的加速度大小为0a ,卫星在II 轨道A 点加速度大小为A a ,则0A a a <.D. 若OA =0.5R ,则卫星在B 点的速率23B GMv R9、某实验小组用如图1所示的实验装置验证机械能守恒定律。

（1）某同学按照正确操作得到纸带如图2所示，其中O 是起始点，M 、N 、P 为从合适位置开始选取的连续点中的三个点，打点频率为50Hz ，该同学用毫米刻度尺测量O 到M 、N 、P 各点的距离，并记录在图中，重物的质量为m ＝0.1kg ，重力加速度29.80/g m s ＝．根据图上所得的数据，应取图中O 点到 点来验证机械能守恒定律较为简便；（2）从O 点到（1）问中所取的点，重物重力势能的减少量为p E V ＝ J ，其动能的增加量为k E V ＝ J （结果保留三位有效数字）；（3）若测出纸带上所有各点到O 点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v 及重物下落的高度x ，则以2v 为纵轴、x 为横轴画出的图象是下图中的 。

A. B.C. D.10、用伏安法测一节干电池的电动势E 和内阻r ，所给的器材有： A ．电压表V ：0～3～15V B ．电流表A ：0～0.6～3A C ．滑动变阻器1R (总阻值20Ω) D ．滑动变阻器2R (总阻值100Ω)E．开关S和导线若干(1)电压表量程选用______________；滑动变阻器选用_________(填R1或R2)；(2)在图中将电压表加入实验电路中；(3)在U-I图中已画出七组实验数据所对应的坐标点，请根据这些点作出U-I并由图线求出：E=________V，r=_________Ω.11、如图所示，水平面ab与水平皮带bc平滑相切，左端有一个半径为R的光滑四分之一圆弧cd与皮带水平相切。

ab段和bc段的动摩擦因数均为μ＝0.5，图中ab＝bc＝R＝0.4m，物体A和B的质量均为m（可看成质点），皮带逆时针转动的速率恒为v＝2m/s。

现给静止在a处的物体A一个水平向左的初速度，物体A运动到b点与物体B碰撞前的速度143/v m s＝；碰后并粘在一起的粘合体速度23/v m s共＝，以后粘合体沿圆弧向上运动。

重力加速度为210/g m s＝．求：（1）物体A水平向左初速度的大小和粘合体第一次到达传送带左端c点时的速度大小；（2）通过计算判断粘合体能否到达d点？若能到达，粘合体到达d点的速度大小。

12、如图所示,在空间有一坐标系xOy,直线OP与x轴正方向的夹角为30°,第一象限内有两个大小不同、方向都垂直纸面向外的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ,直线OP是它们的边界,OP上方区域Ⅰ中磁场的磁感应强度为B。

一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子(不计重力)以速度v从O点沿与OP成30°角的方向垂直于磁场进入区域Ⅰ,质子先后通过磁场区域Ⅰ和Ⅱ后,恰好垂直打在x轴上的Q点(图中未画出),试求:1.区域Ⅱ中磁场的磁感应强度大小;2.Q 点的坐标。

13、［物理----选修3-3］（1）对于一定质量的理想气体，从微观的角度解释，下列说法中正确的是（ ） A ．在体积不变时，气体的温度升高，每个气体分子对器壁产生的平均冲量减小，压强增大B ．密闭容器内一定质量的理想气体体积不变，温度升高，单位时间内撞击容器壁的分子数增加C ．封闭容器中的理想气体，若温度不变，体积减半，则单位时间内气体分子在容器壁单位面积上碰撞的次数加倍，气体的压强加倍D ．气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能也随之改变E ．在体积不变时，分子间每秒平均碰撞次数随着温度的降低而减小(2) 如图1所示，一导热性能良好的气缸放置于水平地面上，缸内用可自由移动的活塞封闭一定质量的理想气体，活塞厚度不计且气密性良好，不计活塞和气缸之间的摩擦。

已知活塞质量为m ＝1kg ，面积为25S cm ＝，气缸高为H ＝15cm ，大气压强为51.010Pa ，当环境温度为27℃时，气缸内气柱高度为h ＝11cm 。

若将气缸放置于倾角为30°的斜面上时，气缸恰好处于静止状态，如图2所示，g 取210/m s ，求：①气缸静止于斜面上时气柱的长度L 及气缸由水平地面放置到斜面上倾斜放置的过程气体是吸热还是放热；②若气缸静止于斜面时，缓慢升高外界环境温度，使活塞刚好移至缸口，求此时的温度。

14、［物理——选修3-4］（1）下列说法中正确的是_______A．照相机、摄影机镜头表面涂有增透膜，利用了光的干涉原理B．用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象C．光导纤维束传送图像是利用光的色散现象D．为了有效地发射电磁波，应该采用波长更短的电磁波（2）一足够大的水池内盛有某种透明液体，液体的深度为H，在水池的底部放一点光源S，其中一条光线以30°入射角射到液体与空气的界面上，它的反射光线与折射光线的夹角为105°，如图所示，求：①液体的折射率；②液体表面亮斑的面积。

答案以及解析1答案及解析：答案：D解析：A、根据聚变与裂变的特点可知，同样质量的物质裂变时释放的能量比同样质量的物质聚变时释放的能量大很多。

故A错误；B、裂变过程有质量亏损，聚变过程质量也亏损。

故B错误；C、核反应堆产生的能量来自重核裂变。

故C错误；D、在一次聚变反应中释放的能量不一定比裂变反应多，但平均每个核子释放的能量一定大，故D正确。

故选：D。

2答案及解析：答案：D解析：由于水平金属板分别与电源两极相连，两极板之间的电势差不变，将B板右端向下移动一小段距离，极板之间的电场强度将减小，油滴所受电场力减小，且电场力方向斜向右上方，则油滴所受的合外力斜向右下方，所以该油滴向右下方运动，选项D正确。

3答案及解析：答案：B4答案及解析：答案：B5答案及解析：答案：B6答案及解析：答案：BC7答案及解析：答案：ACD8答案及解析：答案：ABC9答案及解析：答案：(1)N ;(2)0.185 0.184 ;(3)C10答案及解析：答案：(1)0～3V ; 1R (2)(3)，E=1.45V(1.43～1.47V 均可) ，r=0.70Ω(0.60～0.80Ω均可)11答案及解析：答案：（1）A 由a 到b 的过程中，由动能定理得： 22101122mgR mv mv μ-﹣＝ 代入数据解得：013/v m s ＝ 粘合体在传送带上滑动过程，设经过位移x 与传送带共速，由动能定理得 2211•2222mgx mv mvv μ⋅-共﹣＝ 解得 x ＝0.8m ＞bc ＝0.4m 所以粘合体在传送带上一直减速，由动能定理得 2211•22222C mgR mv mv μ⋅-⋅共﹣＝ 解得 4/c v m s ＝ （2）粘合体由c 到d 过程，根据机械能守恒定律得：221122222C dmv mgR mv ⋅+⋅＝ 代入数据解得：0d v ＝ 粘合体恰好可以到达d 。