龙泉中学、宜昌一中2021届高三2月考物理学生答案

龙泉中学、宜昌一中2021届高三年级2月联合考试

物理详答

一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。 1. 【答案】C

【解答】A .根据E km =ℎv −W 0知，频率相同，从金属表面逸出的光电子最大初动能越大，金属的逸出功越小，故A 错误。

B .已知氢原子从基态跃迁到某一激发态需要吸收的能量为12.09eV ，用动能等于12.09eV 的另一个氢原子与这个氢原子发生正碰，能量部分被吸收，不能从基态跃迁到该激发态，故B 错误。

C .在原子核中，比结合能越大，原子核中的核子结合的越牢固，故C 正确。

D .铀核(92238U)衰变为铅核(82206Pb)的过程中，质子数少10，质量数少32，则中子数少22，故D 错误。

2. 【答案】B

【解答】炸弹被投下后做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，则： 根据ℎ=1

2gt 2得：t =√2ℎg

炸弹平抛运动的水平距离为：L =v 0t =v 0√2ℎg

则知，若战斗机水平飞行高度变为原来的25

16倍，飞行速度变为原来的5

4倍，所以飞机投弹时离目标的水平距离应为25

16L ，故B 正确。

3. 【答案】A

【解答】AD 、根据图象可知，从x 1到x 3过程中，粒子先加速后减速，所以电场力先做正功，后做负功，电势能先减小后增加，到x 2处，电势能最小根据E p =qφ可知，粒子带负电，所以电势先升高后降低，故A 正确，D 错误；

B 、因为qE =ma ，所以电场强度和加速度大小成正比，方向相反，所以在x 1和x 3处，电场强度大小相等，方向相反，故B 错误；

C 、根据运动学公式可知v 2=2ax 可知，a −x 图象的面积表示v 2

2，所以粒子经x 1和x 3处，速度大小相等，方向相同，故C 错误；

4. 【答案】D

【解析】解：因为B 点距两波源距离一样，而两波源的相位相反，所以在B 出叠加总是相互减弱。

由振动方程可知，周期为T =2π

πs =2s ，波长为λ=vT =2m ，C 距两波源的距离差

为△s =1m =1

2λ而两波源的相位相反，所以在C 点振动总是加强的。 故ABC 错误，D 正确。 故选：D 。

因为B 点距两波源距离一样，而两波源的相位相反，所以在B 出叠加总是相互减弱；由振动方程可知，周期

为T =2ππ

s =2s ，波长为λ=vT =2m ，C 距两波源的距离差为△s =1m =1

2

λ而两波源的相位相反，则在C

点振动总是加强的。

本题考查了波在相互叠加时，何处振动加强和减弱，牢记当两波源起振同方向时，路程差等于半波长的奇数倍时振动减弱，路程差等于波长的整数倍时振动加强。

5. 【答案】A

【解析】汽车以额定功率启动，当牵引力大小等于阻力大小时，汽车具有最大速度，即P v f =

。当汽车以2

P 的恒定功率启动，速度为4v 时，牵引力1224

P

P

F v v ==，由牛顿第二定律有11F f ma -=，解得1P a mv =；速度为

3v

时，牵引力23223

P

P F v v ==，

由牛顿第二定律有22F f ma -=，解得22P a mv =，则122P a a mv -=，故A 选项正确，

B 、

C 、

D 选项错误。

6. 【答案】C

【解析】由碰撞系统动量守恒可知，碰后甲的动量为p′甲=2kg ·m/s.由碰撞发生的实际可知碰前v 甲>v 乙，即p 甲

m

甲

>

p 乙

m 乙

，得m 甲

m 乙

<5

7；碰后v 甲≤v 乙，即p′甲m

甲

≤p′乙m 乙

，得m 甲

m 乙

≥1

5.由碰撞前的动能大于等于碰撞后的动能，又因为E k =

p 22m

，得

p 甲

2

2m 甲

+

p 乙

2

2m 乙

≥

p′甲

2

2m 甲

+

p′乙

2

2m 乙

，解得m 甲

m

乙

≤

717.综上所述，1

5≤m 甲

m 乙

≤7

17

，所以C 正确．

7. 【答案】C

【解析】解：A 、光线1在棱镜中的传播速度为v =

c n

=

√2

=

√2

2

c ，故A 错误；

B 、设棱镜的临界角为

C ，由sinC =1n =√2

2

，得C =

45°

光线2从O 点入射时，由折射定律得n =sini

sinr

由几何关系知入射角为i =45°，解得折射角为r =30°

由几何关系可得，当光线2射到BC 时，与BC 的夹角为∠PFB =15°

在△PBF 中，由正弦定理得PF sin45∘=PB sin15∘=BF

sin120∘ 据题PB =3

4

AB =

3√2

4L 解得PF =

3(√6+√2)

4L ，BF =

3(3+√3)

4

L

由几何关系得：EF ：BE =OP ：BO =1：2；所以EF =FC =1

2BE ，可得R 为CQ 的中点。

在△BEO∽△BFP 得BO

BP =BE

BF =OE

PF =2

3 解得BE =3+√32L ，OE =√6+√2

2

L

故EF =FC =

3+√34

L

在△CFR 中，由正弦定理得FR

sin45∘=RC sin15∘，RC =√24L 解得FR =√3+1

2

L 光线2在棱镜中的传播时间为t =PF+FR

c n

联立解得t =2√6+6√3+2√2+64c

，故B 错误；

C 、在光线1在棱镜中经过的路程长为s =2OE =(√6+√2)L ，故C 正确；

D 、光线1从CD 边射出点到BC 边的距离为d =RCsin45°=1

4

L ，故D 错误。

8. 【答案】BC

【解答】AB.线框进入磁场的过程做匀速直线运动，感应电动势E =BLv 恒定，线框中的电流大小恒定，方向

沿逆时针方向，a 、b 两端的电压U ab =1

4BLv ；

线框完全在磁场中运动时，穿过闭合电路的磁通量不变，线框中感应电流为零，做匀加速运动，但ab 边两端

的电压U ab =BLv =BL√v 02+2ax ，其中v 0为匀速运动的速度，U ab 与位移x 不是线性关系，当出磁场时，线

框做减速匀速，U ab 不断减小，故A 错误、B 正确；

CD.线框进入过程中，线框中的电流大小恒定且为逆时针，完全进入磁场时电流为零；线框离开磁场，做减速运动，加速度逐渐减小，线框刚好完全离开磁场时，速度大于或等于匀速运动时的速度，不可能为零，故此时电流也不可能为零，故D 错误、C 正确。

9. 【答案】AD

【解答】A .由表达式知原线圈的电压的有效值为U

√2；根据电压与匝数成正比可知，当单刀双挪开关与a 连接

时，副线圈的电压的有效值为U 2a =n

2n 1

×√2，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为U Va =n 2

n 1

×√2，当

单刀双挪开关与a 连接时，副线圈的电压的有效值为U 2b =n 2

12

n 1×√2=n 2

n 1×√2U ，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为U Vb =n 2

n 1×√2U ，所以电压表的示数比为1:2，故A 正确； B .当t =0时，u 1=0，c 、d 间的电压瞬时值为0，故B 错误；