中考数学试题考点解析《图形的变换》
中考数学几何图形的变换历年真题解析

中考数学几何图形的变换历年真题解析几何图形的变换是中考数学中的重要内容,涉及平移、旋转、翻转等多种变换方式。
通过对历年真题的解析,我们可以更好地理解和掌握这些变换的方法和应用。
下面将对数学中考几何图形的变换部分进行详细解析。
一、平移变换平移变换是指将一个图形在平面上沿着一定方向移动一定的距离,保持图形形状和大小不变。
在中考中,常常要求计算平移后的图形坐标或者确定平移向量的特征等。
例题1:已知点A(3,4),将点A沿向量(2,-3)平移,记平移后的点为B。
求点B的坐标。
解析:根据平移的定义和向量的性质,我们知道平移后点的坐标等于原来点的坐标加上平移向量的坐标。
所以,点B的坐标为(3+2, 4-3),即B(5,1)。
例题2:如图,平行四边形ABCD经过平移变换得到新的平行四边形A'B'C'D',其中AB=3cm,CB=4cm,平移向量为v,求平移向量v的坐标。
解析:首先,我们可以利用平行四边形的性质推导出平移向量v的坐标与平行四边形的对应边的向量相等。
由于AB在变换前和变换后分别与A'B'、B'C'平行,所以v的坐标等于AB的坐标,即v=(3, 0)。
二、旋转变换旋转变换是指将一个图形绕着一定的旋转中心按一定的角度旋转。
在中考中,常常要求计算旋转后的图形坐标或者确定旋转角度的特征等。
例题3:如图,A、B、C三点在平面内,点A经过逆时针旋转90°得到点B,点B经过逆时针旋转90°得到点C,求点C的坐标。
解析:根据旋转的性质,我们可以得出旋转90°后,点的坐标分别等于原来点的y坐标、-x坐标。
所以,点C的坐标为(-2, 3)。
例题4:如图,正方形ABCD绕顶点A顺时针旋转90°得到新图形,求旋转后点C的坐标。
解析:根据旋转的性质,我们可以将旋转90°看作将原点逆时针旋转90°。
因此,旋转后点C的坐标为(-1, 1)。
江苏省苏州市2001-2012年中考数学试题分类解析专题4:图形的变换
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2001-2012年江苏苏州中考数学试题分类解析汇编(12专题)专题4:图形的变换锦元数学工作室 编辑一、选择题1. (江苏省2009年3分)如图,在55⨯方格纸中,将图①中的三角形甲平移到图②中所示的位置,与三角形乙拼成一个矩形,那么,下面的平移方法中,正确的是【 】A .先向下平移3格,再向右平移1格B .先向下平移2格,再向右平移1格C .先向下平移2格,再向右平移2格D .先向下平移3格,再向右平移2格 【答案】D 。
【考点】平移的性质。
【分析】根据图形,对比图①与图②中位置关系可知:平移是先向下平移3格,再向右平移2格。
故选D 。
2.(江苏省苏州市2005年3分)下图可以看作是一个等腰直角三角形旋转若干次而生成的,则每次旋转的度数可以是【 】A .︒90B .︒60C .︒45D .︒30 【答案】C 。
【考点】旋转的性质。
【分析】根据旋转的性质,观察图形,中心角是由8个度数相等的角组成,结合周角是360°求得每次旋转的度数:∵中心角是由8个度数相等的角组成,∴每次旋转的度数可以为360°÷8=45°。
故选C。
3. (江苏省苏州市2006年3分)下列图形中,旋转600后可以和原图形重合的是【】A.正六边形B.正五边形C.正方形D.正三角形【答案】A。
【考点】旋转对称图形。
【分析】求出各图的中心角,度数为60°的即为正确答案:A、正六边形旋转的最小角度是3606︒=60°;B、正五边形的旋转最小角是3605︒=72°;C、正方形的旋转最小角是3604︒=90°;D、正三角形的旋转最小角是3603︒=120°。
故选A。
4. (江苏省苏州市2006年3分)对左下方的几何体变换位置或视角,则可以得到的几何体是【】A. B. C. D. 【答案】B。
【考点】几何变换的类型。
【分析】我们在观察物体时,无论什么角的观察物体,物体的形状都不会发生改变,本题中,只有B的几何体和题目中的几何体一致。
江苏省南通市2001-2012年中考数学试题分类解析 专题4 图形的变换
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2001-2012年江苏南通中考数学试题分类解析汇编(12专题)专题4:图形的变换一、选择题1.(江苏省南通市2002年3分)如图,有一块直角三角形纸片,两直角边AC=6cm, BC=8cm ,现将直角边AC沿直线AD折叠,使它落在斜边AB上,且与AE重合,则CD等于【】A.2cm B.3cm C.4cm D.5cm【答案】B。
【考点】折叠的性质,勾股定理。
【分析】根据勾股定理求得AB的长,再根据折叠的性质求得AE,BE的长,从而利用勾股定理可求得CD 的长:∵AC=6cm,BC=8cm,∴AB=10cm。
∵AE=6cm,∴BE=4cm。
设CD=x,则在Rt△DEB中,42+x2=(8-x)2,解得x=3(cm)。
故选B。
2.(江苏省南通市2004年3分)某中学新科技馆铺设地面,已有正三角形形状的地砖,现打算购买另一种不同形状的正多边形地砖,与正三角形地砖在同一顶点处作平面镶嵌,则该学校不应该购买的地砖形状是【】A、正方形B、正六边形C、正八边形D、正十二边形【答案】C。
【考点】平面镶嵌(密铺),多边形内角和定理。
【分析】根据密铺的条件得,两多边形内角和必须凑出360°,进而判断即可:A、正方形的每个内角是90°,90°×2+60°×3=360°,∴能密铺;B、正六边形每个内角是120°,120°+60°×4=360°,∴能密铺;C、正八边形每个内角是180°-360°÷8=135°,135°与60°无论怎样也不能组成360°的角,∴不能密铺;D、正十二边形每个内角是150°,150°×2+60°=360°,∴能密铺。
故选C。
3.(江苏省南通市课标卷2005年2分)“圆柱与球的组合体”如下图所示,则它的三视图是【】【答案】A。
广东2011年中考数学试题分类解析汇编专题4:图形的变换
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广东2011年中考数学试题分类解析汇编专题4:图形的变换一.选择题1. (广东省3分)将左下图中的箭头缩小到原来的12,得到的图形是【答案】A。
【考点】相似。
【分析】根据形状相同,大小不一定相等的两个图形相似的定义,A符合将图中的箭头缩小到原来的12的条件;B与原图相同;C将图中的箭头扩大到原来的2倍;D只将图中的箭头长度缩小到原来的12,宽度没有改变。
故选A。
2.(佛山3分)一个图形无论经过平移还是旋转,有以下说法①对应线段平行;②对应线段相等;③对应角相等;④图形的形状和大小都没有发生变化A、①②③B、①②④C、①③④D、②③④【答案】D。
【考点】平移的性质,旋转的性质。
【分析】根据平移和旋转的性质知,①一个图形经过旋转,对应线段不一定平行;②一个图形无论经过平移还是旋转,对应线段相等;③一个图形无论经过平移还是旋转,对应角相等;④一个图形无论经过平移还是旋转,图形的形状和大小都没有发生变化。
故选D。
3.(佛山3分)如图,一个小立方块所搭的几何体,从不同的方向看所得到的平面图形中(小正方形中的数字表示在该位置的小立方块的个数),不正确的是12142A12242B1111123C1111123D【答案】B。
【考点】几何体的三视图。
【分析】根据几何体的三视图的视图规则知,A、C、D分别是这个几何体左视图、主视图、俯视图。
故选B。
4.(河源3分)下面是空心圆柱在指定方向上的视图,正确的是【答案】C。
【考点】几何体的三视图。
【分析】圆柱体在指定方向上的视图是长方形,则空心圆柱应是两个长方形,但里面的从指定方向上是看不见的,应是虚线。
故选C。
5.(清远3分)图中几何体的主视图是【答案】C。
【考点】简单几何体的三视图。
【分析】仔细观察图象可知:图1中几何体的主视图下方是三个正方形,上方的左边有一个正方形。
故选C。
6.(深圳3分)如图所示的物体是一个几何体,其主视图是【答案】C。
【考点】简单几何体的三视图。
2024年中考数学总复习:图形的变化(附答案解析)
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B.
C.
D.
4.下列图形中既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )
A. B.
C. D.
5.点P(2,﹣3)关于原点对称的点的坐标是( )
A.(3,﹣2)B.(﹣2,﹣3)C.(﹣2,3)D.(3,2)
6.下列手机手势解锁图案中,是中心对称图形的是( )
A. B. C. D.
7.下列图形中,是轴对称图形的是( )
A. B. C. D.
23.如图所示,已知矩形ABCD的边AD长为8cm,边AB长为6cm,从中截去一个矩形(图中阴影部分),如果所截矩形与原矩形相似,那么所截矩形的面积是( )
A.21cm2B.24cm2C.27cm2D.30cm2
24.如图,在▱ABCD中,E为边AB上一点,连结DE、AC交于点F.若 ,则下列说法错误的是( )
A.16mB.15mC.14mD.13m
2024年中考数学总复习:图形的变化
参考答案与试题解析
一.选择题(共25小题)
1.若点M与点N关于x轴对称,点M的坐标为(﹣2,3),则点N的坐标为( )
A.(2,3)B.(2,﹣3)C.(﹣2,﹣3)D.(﹣2,3)
【分析】根据关于x轴对称的点的横纵坐标的特点解答即可.
A.3:2B.4:3C.5:3D.5:4
15.已知△ABC的周长为1,BC=1﹣2AB,则下列直线一定是△ABC的对称轴的是( )
A.△ABC的边AB的垂直平分线
B.∠ACB的平分线所在的直线
C.△ABC的边AC上的高所在的直线
D.△ABC的边BC上的中线所在的直线
16.已知a=3b,则a:b的值是( )
A.
B.△AEF与△CDF的周长比为1:4
C.△AEF与△CDF的面积比为1:4
2022年中考数学真题-专题17 图形变换(平移、旋转、对称)(1)(全国通用解析版)
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专题17图形变换(平移、旋转、对称)一.选择题(2022·湖南娄底)1. 下列与2022年冬奥会相关的图案中,是中心对称图形的是()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】中心对称图形定义:如果一个图形绕某一点旋转180度,旋转后的图形能和原图形回完全重合,那么这个答图形叫做中心对称图形,根据中心对称图形定义逐项判定即可.【详解】解:根据中心对称图形定义,可知D符合题意,故选:D.【点睛】本题考查中心对称图形的识别,掌握中心对称图形的定义是解决问题的关键.(2022·四川自贡)2. 剪纸与扎染、龚扇被称为自贡小三绝,以下学生剪纸作品中,轴对称图形是()A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】根据轴对称图形的定义判断即可.【详解】∵不是轴对称图形,∴A不符合题意;∵不是轴对称图形,∴B不符合题意;∵不是轴对称图形,∴C不符合题意;∵是轴对称图形,∴D符合题意;故选D.【点睛】本题考查了轴对称图形即沿着某条直线折叠,直线两旁的部分完全重合,熟练掌握定义是解题的关键.(2022·山东泰安)3. 下列图形:其中轴对称图形的个数是()A. 4B. 3C. 2D. 1【答案】B【解析】【分析】对每个图形逐一分析,能够找到对称轴的图形就是轴对称图形.【详解】从左到右依次对图形进行分析:第1个图在竖直方向有一条对称轴,是轴对称图形,符合题意;第2个图在水平方向有一条对称轴,是轴对称图形,符合题意;第3个图找不到对称轴,不是轴对称图形,不符合题意;第4个图在竖直方向有一条对称轴,是轴对称图形,符合题意;因此,第1、2、4都是轴对称图形,共3个.故选:B.【点睛】本题考查轴对称图形的概念,解题的关键是寻找对称轴.(2022·江苏苏州)0,2,点B是x轴正半轴上的一点,将线段AB绕点A按4. 如图,点A的坐标为()m,则m的值为()逆时针方向旋转60°得到线段AC.若点C的坐标为(),3A.【答案】C【解析】【分析】过C作CD⊥x轴于D,CE⊥y轴于E,根据将线段AB绕点A按逆时针方向旋转60°得到线段AC,可得△ABC是等边三角形,又A(0,2),C(m,3),即得AC BC AB==,可得BD=m=.OB=m=,即可解得3【详解】解:过C 作CD ⊥x 轴于D ,CE ⊥y 轴于E ,如图所示:∵CD ⊥x 轴,CE ⊥y 轴,∴∠CDO =∠CEO =∠DOE =90°,∴四边形EODC 是矩形,∵将线段AB 绕点A 按逆时针方向旋转60°得到线段AC ,∴AB =AC ,∠BAC =60°,∴△ABC 是等边三角形,∴AB =AC =BC ,∵A (0,2),C (m ,3),∴CE =m =OD ,CD =3,OA =2,∴AE =OE −OA =CD −OA =1,∴AC BC AB ===,在Rt △BCD 中,BD =在Rt △AOB 中,OB ==∵OB +BD =OD =m ,m =,化简变形得:3m 4−22m 2−25=0,解得:3m =或3m =-(舍去),∴m=,故C正确.故选:C.【点睛】本题考查直角坐标系中的旋转变换,解题的关键是熟练应用勾股定理,用含m的代数式表示相关线段的长度.(2022·浙江湖州)5. 如图,将△ABC沿BC方向平移1cm得到对应的△A′B′C′.若B′C=2cm,则BC′的长是()A. 2cmB. 3cmC. 4cmD. 5cm【答案】C【解析】【分析】据平移的性质可得BB′=CC′=1,列式计算即可得解.【详解】解:∵△ABC沿BC方向平移1cm得到△A′B′C′,∴BB′=CC′=1cm,∵B′C=2cm,∴BC′= BB′+ B′C+CC′=1+2+1=4(cm).故选:C.【点睛】本题考查了平移的性质,熟记性质得到相等的线段是解题的关键.(2022·浙江嘉兴)6. “方胜”是中国古代妇女的一种发饰,其图案由两个全等正方形相叠组成,寓意是同心吉祥.如图,将边长为2cm的正方形ABCD沿对角线BD方向平移1cm得'''',形成一个“方胜”图案,则点D,B′之间的距离为()到正方形A B C DA. 1cmB. 2cmC. 1)cmD. -1)cm 【答案】D【解析】【分析】先求出BD,再根据平移性质求得BB'=1cm,然后由BD BB-′求解即可.【详解】解:由题意,BD=,由平移性质得BB'=1cm,∴点D,B′之间的距离为DB'=BD BB-′=(1)cm,故选:D.【点睛】本题考查平移性质、正方形的性质,熟练掌握平移性质是解答的关键.(2022·湖南怀化)7. 如图,△ABC沿BC方向平移后的像为△DEF,已知BC=5,EC=2,则平移的距离是()A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】C【解析】【分析】根据题意判断BE的长就是平移的距离,利用已知条件求出BE即可.【详解】因为ABC沿BC方向平移,点E是点B移动后的对应点,所以BE的长等于平移的距离,由图可知,点B、E、C在同一直线上,BC=5,EC=2,所以BE=BC-ED=5-2=3,故选C.【点睛】本题考查了平移,正确找出平移对应点是求平移距离的关键.(2022·湖南邵阳)8. 下列四种图形中,对称轴条数最多的是()A. 等边三角形B. 圆C. 长方形D. 正方形【答案】B【解析】【分析】分别求出各个图形的对称轴的条数,再进行比较即可.【详解】解:因为等边三角形有3条对称轴;圆有无数条对称轴;长方形有2条对称轴;正方形有4条对称轴;经比较知,圆的对称轴最多.故选:B.【点睛】此题考查了轴对称图形对称轴条数的问题,解题的关键是掌握轴对称图形对称轴的定义以及性质.(2022·江苏连云港)9. 下列图案中,是轴对称图形的是()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】根据轴对称图形的概念逐项分析判断即可,轴对称图形的概念:平面内,一个图形沿一条直线折叠,直线两旁的部分能够完全重合的图形.【详解】A.是轴对称图形,故该选项正确,符合题意;B.不是轴对称图形,故该选项不正确,不符合题意;C.不是轴对称图形,故该选项不正确,不符合题意;D.不是轴对称图形,故该选项不正确,不符合题意;故选A【点睛】本题考查了轴对称图形的概念,轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后可重合.(2022·四川遂宁)10. 下面图形中既是轴对称图形又是中心对称图形的是()科克曲线笛卡尔心形线阿基米德螺旋线赵爽弦图A. 科克曲线B. 笛卡尔心形线C. 阿基米德螺旋线D. 赵爽弦图【答案】A【解析】【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的概念,对各选项分析判断即可得解.把一个图形绕某一点旋转180°,如果旋转后的图形能够与原来的图形重合,那么这个图形就叫做中心对称图形;如果一个图形沿一条直线折叠,直线两旁的部分能够互相重合,这个图形叫做轴对称图形.【详解】解:A、科克曲线既是轴对称图形又是中心对称图形,故本选项符合题意;B、笛卡尔心形线是轴对称图形,不是中心对称图形,故本选项不符合题意;C、阿基米德螺旋线不是轴对称图形,也不是中心对称图形,故本选项不符合题意;D、赵爽弦图不是轴对称图形,是中心对称图形,故本选项不符合题意.故选:A.【点睛】本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念,轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后可重合,中心对称图形是要寻找对称中心,旋转180度后与原图重合.(2022·新疆)11. 平面直角坐标系中,点P (2,1)关于x 轴对称的点的坐标是( )A. ()2,1B. ()2,1-C. ()2,1-D. ()2,1--【答案】B【解析】【分析】直接利用关于x 轴的对称点的坐标特点:横坐标不变,纵坐标互为相反数,得出答案.【详解】解:点P (2,1)关于x 轴对称的点的坐标是(2,-1).故选:B .【点睛】本题主要考查了关于x 轴对称点的性质,正确掌握横纵坐标的关系是解题关键.(2022·天津) 12. 在一些美术字中,有的汉字是轴对称图形.下面4个汉字中,可以看作是轴对称图形的是( )A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】根据轴对称图形的概念对各项分析判断即可得解.【详解】A .不是轴对称图形,故本选项错误;B .不是轴对称图形,故本选项错误;C .不是轴对称图形,故本选项错误;D .是轴对称图形,故本选项正确.故选:D .【点睛】本题考查轴对称图形,理解轴对称图形的概念是解答的关键.(2022·天津)13. 如图,在△ABC 中,AB =AC ,若M 是BC 边上任意一点,将△ABM 绕点A 逆时针旋转得到△ACN ,点M 的对应点为点N ,连接MN ,则下列结论一定正确的是( )A. AB AN =B. AB NC ∥C. AMN ACN ∠=∠D. MN AC ⊥【答案】C【解析】 【分析】根据旋转的性质,对每个选项逐一判断即可.【详解】解:∵将△ABM 绕点A 逆时针旋转得到△ACN ,∴△ABM ≌△ACN , ∴AB =AC ,AM =AN ,∴AB 不一定等于AN ,故选项A 不符合题意; ∵△ABM ≌△ACN ,∴∠ACN =∠B ,而∠CAB 不一定等于∠B ,∴∠ACN 不一定等于∠CAB ,∴AB 与CN 不一定平行,故选项B 不符合题意; ∵△ABM ≌△ACN ,∴∠BAM =∠CAN ,∠ACN =∠B ,∴∠BAC =∠MAN ,∵AM =AN ,AB =AC ,∴△ABC 和△AMN 都是等腰三角形,且顶角相等, ∴∠B =∠AMN ,∴∠AMN =∠ACN ,故选项C 符合题意;∵AM =AN ,而AC 不一定平分∠MAN ,∴AC 与MN 不一定垂直,故选项D 不符合题意; 故选:C . 【点睛】本题考查了旋转的性质,等腰三角形的判定与性质.旋转变换是全等变换,利用旋转不变性是解题的关键.(2022·江苏扬州)14. 如图,在ABC ∆中,AB AC <,将ABC 以点A 为中心逆时针旋转得到ADE ,点D 在BC 边上,DE 交AC 于点F .下列结论:①AFE DFC △△;②DA 平分BDE ∠;③CDF BAD ∠=∠,其中所有正确结论的序号是( )A. ①②B. ②③C. ①③D. ①②③【答案】D【解析】【分析】根据旋转的性质可得对应角相等,对应边相等,进而逐项分析判断即可求解.【详解】解:∵将ABC 以点A 为中心逆时针旋转得到ADE ,∴ADE ABC ≌, E C ∴∠=∠,AFE DFC ∠=∠,∴AFE DFC △△,故①正确;ADE ABC ≌,AB AD ∴=,ABD ADB ∴∠=∠,ADE ABC ∠=∠,ADB ADE ∴∠=∠,∴DA 平分BDE ∠,故②正确;ADE ABC ≌,BAC DAE ∴∠=∠,BAD CAE ∴∠=∠,AFE DFC △△,CAE CDF ∴∠=∠,CDF BAD ∠=∠∴,故③正确故选D【点睛】本题考查了性质的性质,等边对等角,相似三角形的性质判定与性质,全等三角形的性质,掌握以上知识是解题的关键.(2022·四川南充)15. 如图,将直角三角板ABC 绕顶点A 顺时针旋转到AB C ''△,点B '恰好落在CA 的延长线上,3090∠=︒∠=︒,B C ,则BAC '∠为( )A. 90︒B. 60︒C. 45︒D. 30【答案】B【解析】 【分析】根据直角三角形两锐角互余,求出BAC ∠的度数,由旋转可知BAC B AC ''∠=∠,在根据平角的定义求出BAC '∠的度数即可.【详解】∵3090∠=︒∠=︒,B C ,∴90903060BAC B ∠=︒-∠=︒-︒=︒,∵由旋转可知60B A BAC C ''∠=︒∠=,∴618060860100C B A BA BA C C '''=︒-∠=︒-︒-︒=︒∠∠-,故答案选:B .【点睛】本题考查直角三角形的性质以及图形的旋转的性质,找出旋转前后的对应角是解答本题的关键.(2022·山东泰安)16. 如图,将正方形网格放置在平面直角坐标系中,其中每个小正方形的边长均为1,ABC ∆经过平移后得到111A B C ∆,若AC 上一点(1.2,1.4)P 平移后对应点为1P ,点1P 绕原点顺时针旋转180,对应点为2P ,则点2P 的坐标为( ,A. (2.8,3.6)B. 2.8,6()3.--C. (3.8,2.6)D. ( 3.8, 2.6)--【答案】A【解析】 【详解】分析:由题意将点P 向下平移5个单位,再向左平移4个单位得到P 1,再根据P 1与P 2关于原点对称,即可解决问题,详解,由题意将点P 向下平移5个单位,再向左平移4个单位得到P 1,∵P ,1.2,1.4,,∴P 1,,2.8,,3.6,,∵P 1与P 2关于原点对称,∴P 2,2.8,3.6,,故选A,点睛:本题考查了坐标与图形变化,平移变换,旋转变换等知识,解题的关键是理解题意,灵活运用所学知识解决问题,属于中考常考题型.(2022·湖北宜昌)17. 将四个数字看作一个图形,则下列四个图形中,是中心对称图形的是( )A.B. C. D.【答案】D【解析】【分析】中心对称图形的定义:把一个图形绕着某个点旋转180°,如果旋转后的图形能与原来的图形重合,那么这个图形叫做中心对称图形,根据中心对称图形的定义逐项判定即可.【详解】解:根据中心对称图形定义,可知符合题意, 故选:D .【点睛】本题考查中心对称图形,掌握中心对称图形定义,能根据定义判定图形是否是中心对称图形是解决问题的关键.(2022·湖南常德)18. 如图,在Rt ABC △中,90ABC ∠=︒,30ACB ∠=︒,将ABC 绕点C 顺时针旋转60︒得到DEC ,点A 、B 的对应点分别是D ,E ,点F 是边AC 的中点,连接BF ,BE ,FD .则下列结论错误的是( )A. BE BC =B. BF DE ∥,BF DE =C. 90DFC ∠=︒D. 3DG GF =【答案】D【解析】 【分析】根据旋转的性质可判断A ;根据直角三角形的性质、三角形外角的性质、平行线的判定方法可判断B ;根据平行四边形的判定与性质以及全等三角形的判定与性质可判断C ;利用等腰三角形的性质和含30°角的直角三角形的性质可判断D .【详解】A .∵将,ABC 绕点C 顺时针旋转60°得到,DEC ,∴∠BCE =∠ACD =60°,CB =CE ,∴△BCE 是等边三角形,∴BE =BC ,故A 正确;B .,点F 是边AC 中点,,CF =BF =AF =12AC ,,,BCA =30°,,BA =12AC ,,BF =AB =AF =CF ,,,FCB =,FBC =30°,延长BF 交CE 于点H ,则∠BHE =∠HBC +∠BCH =90°,∴∠BHE =∠DEC =90°,∴BF //ED ,∵AB =DE ,∴BF =DE ,故B 正确.C .∵BF ∥ED ,BF =DE ,∴四边形BEDF 是平行四边形,∴BC =BE =DF ,∵AB =CF , BC =DF ,AC =CD ,∴△ABC ≌△CFD ,∴=90DFC ABC ∠=∠︒,故C 正确;D .∵∠ACB =30°, ∠BCE =60°,∴∠FCG =30°,∴FG =12CG ,∴CG =2FG .∵∠DCE =∠CDG =30°,∴DG =CG ,∴DG =2FG .故D 错误.故选D .【点睛】本题考查了旋转的性质,全等三角形的判定与性质,等边三角形的判定与性质,含30°角的直角边等于斜边的一半,以及平行四边形的判定与性质等知识,综合性较强,正确理解旋转性质是解题的关键.(2022·湖南常德) 19. 国际数学家大会每四,举行一届,下面四届国际数学家大会会标中是中心对称图形的是()A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】根据中心对称的概念对各图形分析判断即可得解.【详解】解:A不是中心对称图形,故A错误;B是中心对称图形,故B正确;C不是中心对称图形,故C错误;D不是中心对称图形,故D错误;故选B.【点睛】本题考查了中心对称图形的概念,中心对称图形是要寻找对称中心,旋转180︒后两部分重合,理解并掌握如何判断中心对称图形的条件是解题的关键.(2022·河北)20. 题目:“如图,∠B=45°,BC=2,在射线BM上取一点A,设AC=d,若对于d的一个数值,只能作出唯一一个△ABC,求d的取值范围.”对于其答案,甲答:d≥,乙答:d=1.6,丙答:d=)2A. 只有甲答的对B. 甲、丙答案合在一起才完整C. 甲、乙答案合在一起才完整D. 三人答案合在一起才完整【答案】B【解析】 【分析】过点C 作CA BM '⊥于A ',在A M '上取A A BA ''''=,发现若有两个三角形,两三角形的AC 边关于A C '对称,分情况分析即可【详解】过点C 作CA BM '⊥于A ',在A M '上取A A BA ''''=∵∠B =45°,BC =2,CA BM '⊥∴BA C '是等腰直角三角形∴A C BA ''===∵A A BA ''''=∴2A C ''==若对于d 的一个数值,只能作出唯一一个△ABC通过观察得知:点A 在A '点时,只能作出唯一一个△ABC (点A 在对称轴上),此时d =的答案;点A 在A M ''射线上时,只能作出唯一一个△ABC (关于A C '对称的AC 不存在),此时2d ≥,即甲的答案,点A 在BA ''线段(不包括A '点和A ''点)上时,有两个△ABC (二者的AC 边关于A C '对称);故选:B【点睛】本题考查三角形的存在性质,勾股定理,解题关键是发现若有两个三角形,两三角形的AC边关于A C'对称(2022·山西)21. 2022年4月16日,神舟十三号载人飞船圆满完成全部既定任务,顺利返回地球家园.六个月的飞天之旅展现了中国航天科技的新高度下列航天图标,其文字上方的图案是中心对称图形的是()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】利用中心对称图形的定义直接判断.【详解】解:根据中心对称图形的定义,四个选项中,只有B选项的图形绕着某点旋转180°后能与原来的图形重合,故选B.【点睛】本题考查中心对称图形的判定,掌握中心对称图形的定义是解题的关键.中心对称图形:在平面内,把一个图形绕着某个点旋转180°,如果旋转后的图形能与原来的图形重合,那么这个图形叫做中心对称图形,这个点叫做它的对称中心.(2022·河南)22. 如图,在平面直角坐标系中,边长为2的正六边形ABCDEF的中心与原点O∥轴,交y轴于点P.将,OAP绕点O顺时针旋转,每次旋转90°,则重合,AB x第2022次旋转结束时,点A的坐标为()A. )1-B. (1,-C. ()1-D. (【答案】B【解析】【分析】首先确定点A 的坐标,再根据4次一个循环,推出经过第2022次旋转后,点A 的坐标即可.【详解】解:正六边形ABCDEF 边长为2,中心与原点O 重合,AB x ∥轴, ∴AP =1, AO =2,∠OP A =90°,∴OP∴A (1,第1次旋转结束时,点A -1);第2次旋转结束时,点A 的坐标为(-1,;第3次旋转结束时,点A 的坐标为(1);第4次旋转结束时,点A 的坐标为(1;∵将,OAP 绕点O 顺时针旋转,每次旋转90°,∴4次一个循环,∵2022÷4=505……2,∴经过第2022次旋转后,点A 的坐标为(-1,,故选:B【点睛】本题考查正多边形与圆,规律型问题,坐标与图形变化﹣旋转等知识,解题的关键是学会探究规律的方法,属于中考常考题型.(2022·四川宜宾)23. 如图,ABC 和ADE 都是等腰直角三角形,90BAC DAE ∠=∠=︒,点D 是BC 边上的动点(不与点B 、C 重合),DE 与AC 交于点F ,连结CE .下列结论:①BD CE =;②DAC CED ∠=∠;③若2BD CD =,则45CF AF =;④在ABC 内存在唯一一点P ,使得PA PB PC ++的值最小,若点D 在AP 的延长线上,且AP 的长为2,则2CE =+ )A. ①②④B. ①②③C. ①③④D. ①②③④ 【答案】B【解析】【分析】证明BAD CAE ≌,即可判断①,根据①可得ADB AEC ∠=∠,由180ADC AEC ∠+∠=︒可得,,,A D C E 四点共圆,进而可得DAC DEC ∠=∠,即可判断②,过点A 作AG BC ⊥于G ,交ED 的延长线于点H ,证明FAH FCE ∽,根据相似三角形的性质可得45CF AF =,即可判断③,将APC △绕A 点逆时针旋转60度,得到AB P ''△,则APP '是等边三角形,根据当,,,B P P C ''共线时,PA PB PC ++取得最小值,可得四边形ADCE 是正方形,勾股定理求得DP , 根据CE AD AP PD ==+即可判断④. 【详解】解:ABC 和ADE 都是等腰直角三角形,90BAC DAE ∠=∠=︒, ,,AB AC AD AE BAD CAE ∴==∠=∠BAD CAE ∴△≌△BD CE ∴=故①正确;BAD CAE ≌ADB AEC ∴∠=∠180ADC AEC ∴∠+∠=︒,,,A D C E ∴四点共圆,CD CD =DAC DEC ∴∠=∠故②正确;如图,过点A 作AG BC ⊥于G ,交ED 的延长线于点H ,BAD CAE ≌,45,45ACE ABD ACB ∴∠=∠=︒∠=︒90DCE ∴∠=︒FC AH ∴∥2BD CD =,BD CE =1tan 2DC DEC CE ∴∠==,13CD BC = 设6BC a =,则2DC a =,132AG BC a ==,24EC DC a == 则32GD GC DC a a a =-=-=FC AH ∥1tan 2GD H GH ∴== 22GH GD a ∴==325AH AG GH a a a ∴=+=+=AH ,CE ,FAH FCE ∴∽CF CE AF AH∴= 4455CF a AF a ∴== 则45CF AF =; 故③正确如图,将ABP 绕A 点逆时针旋转60度,得到AB P ''△,则APP '是等边三角形,PA PB PC PP P B PC B C '''+++∴'+=≥,当,,,B P P C ''共线时,PA PB PC ++取得最小值,此时180********CPA APP '∠=-∠=︒-=︒︒︒,180********APB AP B AP P ∠=∠=︒-∠=︒-︒='''︒,360360*********BPC BPA APC ∠=︒-∠-∠=︒-︒-︒=︒,此时120APB BPC APC ∠=∠=∠=︒,AC AB AB '==,AP AP '=,APC AP B ''∠=∠,AP B APC ''∴≌,PC P B PB ''∴==,60APP DPC '∠=∠=︒,DP ∴平分BPC ∠,PD BC ∴⊥,,,,A D C E 四点共圆,90AEC ADC ∴∠=∠=︒,又AD DC BD ==,BAD CAE ≌,AE EC AD DC ∴===,则四边形ADCE 是菱形,又90ADC ∠=︒,∴四边形ADCE 是正方形,9060150B AC B AP PAC P AP ''''∠=∠+∠+∠=︒+︒=︒,则'B A BA AC ==,()1180152B ACB B AC '''∠=∠=︒-∠=︒, 30PCD ∠=︒,DC ∴=,DC AD =,2AP =,则)12AP AD DP DP =-==,1DP ∴==, 2AP =,3CE AD AP PD ∴==+=,故④不正确,故选B .【点睛】本题考查了旋转的性质,费马点,圆内接四边形的性质,相似三角形的性质与判定,全等三角形的性质与判定,勾股定理,解直角三角形,正方形的性质与判定,掌握以上知识是解题的关键.二.填空题(2022·云南)24. 点A (1,-5)关于原点的对称点为点B ,则点B 的坐标为______.【答案】(-1,5)【解析】【分析】根据若两点关于坐标原点对称,横纵坐标均互为相反数,即可求解.【详解】解:∵点A (1,-5)关于原点的对称点为点B ,∴点B 的坐标为(-1,5).故答案为:(-1,5)【点睛】本题主要考查了平面直角坐标系内点关于原点对称的特征,熟练掌握若两点关于坐标原点对称,横纵坐标均互为相反数是解题的关键.(2022·湖南湘潭)25. 如图,一束光沿CD 方向,先后经过平面镜OB 、OA 反射后,沿EF 方向射出,已知120AOB ∠=︒,20CDB ∠=︒,则∠=AEF _________.【答案】40°##40度【解析】【分析】根据入射角等于反射角,可得,CDB EDO DEO AEF ∠=∠∠=∠,根据三角形内角和定理求得40OED ∠=︒,进而即可求解.【详解】解:依题意,,CDB EDO DEO AEF ∠=∠∠=∠,∵120AOB ∠=︒,20CDB ∠=︒,20CDB EDO ∴∠=∠=︒,∴18040OED ODE AOB ∠=-∠-∠=︒,∴40AEF DEO ∠=∠=︒.故答案为:40.【点睛】本题考查了轴对称的性质,三角形内角和定理的应用,掌握轴对称的性质是解题的关键.(2022·浙江丽水)26. 一副三角板按图1放置,O 是边()BC DF 的中点,12cm BC =.如图2,将ABC 绕点O 顺时针旋转60︒,AC 与EF 相交于点G ,则FG 的长是___________cm .【答案】3【解析】【分析】BC 交EF 于点N ,由题意得,=90EDF BAC ∠=∠︒,60DEF ∠=︒,30DFE ∠=︒,=45ABC ACB ∠=∠︒,BC =DF =12,根据锐角三角函数即可得DE ,FE ,根据旋转的性质得ONF △是直角三角形,根据直角三角形的性质得3ON =,即3NC =,根据角之间的关系得CNG △是等腰直角三角形,即3NG NC ==cm ,根据90FNO FED ∠=∠=︒,30NFO DFE ∠=∠=︒得FON FED △∽△,即ON FNDE DF=,解得FN = 【详解】解:如图所示,BC 交EF 于点N ,由题意得,=90EDF BAC ∠=∠︒,60DEF ∠=︒,30DFE ∠=︒,=45ABC ACB ∠=∠︒,BC =DF =12,在Rt EDF 中,12tan tan 60DF DE EDF ===∠︒12sin sin 60DF EF EDF ===∠︒∵△ABC 绕点O 顺时针旋转60°,∴60BOD NOF ∠=∠=︒,∴90NOF F ∠+∠=︒,∴18090FNO NOF F ∠=︒-∠-∠=︒,∴ONF △是直角三角形, ∴132ON OF ==(cm ), ∴3NC OC ON =-=(cm ),∵90FNO ∠=︒,∴18090GNC FNO ∠=︒-∠=︒,∴NGC 是直角三角形,∴18045NGC GNC ACB ∠=-∠-∠=︒,∴CNG △是等腰直角三角形,∴3NG NC ==cm ,∵90FNO FED ∠=∠=︒,30NFO DFE ∠=∠=︒,∴FON FED △∽△, 即ON FN DE DF=,12FN =,FN =∴3FG FN NG =-=(cm ),故答案为:3.【点睛】本题考查了直角三角形的性质,相似三角形的判定与性质,旋转的性质,解题的关键是掌握这些知识点.(2022·河南)27. 如图,将扇形AOB 沿OB 方向平移,使点O 移到OB 的中点O '处,得到扇形A O B '''.若∠O =90°,OA =2,则阴影部分的面积为______.【答案】3π+【解析】【分析】设A O '与扇形AOB 交于点C ,连接OC ,解Rt OCO ',求得60O C COB '=∠=︒,根据阴影部分的面积为()OCO A O B OCB S S S''''--扇形扇形,即可求解.【详解】如图,设A O '与扇形AOB 交于点C ,连接OC ,如图O '是OB 的中点11122OO OB OA '∴===, OA =2, AOB ∠=90°,将扇形AOB 沿OB 方向平移,90A O O ''∴∠=︒1cos 2OO COB OC '∴∠== 60COB ∴∠=︒sin 60O C OC '∴=︒=∴阴影部分的面积为()OCO A O B OCB S S S ''''--扇形扇形OCO AOB OCB S S S ''=-+扇形扇形22906012213603602ππ=⨯-⨯+⨯32π=+故答案为:32π+ 【点睛】本题考查了解直角三角形,求扇形面积,平移的性质,求得60COB ∠=︒是解题的关键.(2022·河南)28. 如图,在Rt △ABC 中,∠ACB =90°,AC BC ==,点D 为AB 的中点,点P 在AC 上,且CP =1,将CP 绕点C 在平面内旋转,点P 的对应点为点Q ,连接AQ ,DQ .当∠ADQ =90°时,AQ 的长为______.【解析】【分析】连接CD ,根据题意可得,当∠ADQ =90°时,分Q 点在线段CD 上和DC 的延长线上,且1CQ CP ==,勾股定理求得AQ 即可.【详解】如图,连接CD ,在Rt △ABC 中,∠ACB =90°,AC BC ==4AB ∴=,CD AD ⊥,122CD AB ∴==, 根据题意可得,当∠ADQ =90°时,Q 点在CD 上,且1CQ CP ==,211DQ CD CQ ∴=-=-=,如图,在Rt ADQ △中,AQ ===在Rt ADQ △中,2,3AD CD QD CD CQ ===+=AQ ∴===【点睛】本题考查了旋转的性质,勾股定理,直角三角形斜边上中线的性质,确定点Q 的位置是解题的关键.(2022·浙江金华)29. 如图,在Rt ABC 中,90,30,2cm ACB A BC ∠=︒∠=︒=.把ABC 沿AB 方向平移1cm ,得到A B C ''',连结CC ',则四边形AB C C ''的周长为_____cm .【答案】8+【解析】【分析】通过勾股定理,平移的特性,特殊角的三角函数,分别计算出四边形的四条边长,再计算出周长即可.【详解】解:∵90,30,2cm ACB A BC ∠=︒∠=︒=,∴AB =2BC =4,∴∵把ABC 沿AB 方向平移1cm ,得到A B C ''',∴1CC '=,=4+1=5AB ', =2B C BC ''=,∴四边形的周长为:1528++=+故答案为:8+【点睛】本题考查勾股定理,平移的特性,特殊角的三角函数,能够熟练掌握勾股定理是解决本题的关键.(2022·四川德阳)30. 如图,直角三角形ABC 纸片中,90ACB ∠=︒,点D 是AB 边上的中点,连接CD ,将ACD △沿CD 折叠,点A 落在点E 处,此时恰好有CE AB ⊥.若1CB =,那么CE =______.【解析】【分析】根据D 为AB 中点,得到AD =CD =BD ,即有,A =,DCA ,根据翻折的性质有,DCA =,DCE ,CE =AC ,再根据CE ,AB ,求得,A =,BCE ,即有,BCE =,ECD =,DCA =30°,则有,A =30°,在Rt △ACB 中,即可求出AC ,则问题得解.【详解】,,ACB =90°,,,A +,B =90°,,D 为AB 中点,,在直角三角形中有AD =CD =BD ,,,A =,DCA ,根据翻折的性质有,DCA =,DCE ,CE =AC ,,CE ,AB ,,,B +,BCE =90°,,,A +,B =90°,,,A =,BCE ,,,BCE =,ECD =,DCA ,,,BCE +,ECD +,DCA=,ACB =90°,,,BCE =,ECD =,DCA =30°,,A =30°,,在Rt △ACB 中,BC =1, 则有13tan tan 30BC AC A ===∠,CE AC ==【点睛】本题考查了翻折的性质、直角三角形斜边中线的性质、等边对等角以及解直角三角形的知识,求出,BCE =,ECD =,DCA =30°是解答本题的关键. (2022·山东泰安)31. 如图,将半径为2,圆心角为120°的扇形OAB 绕点A 逆时针旋转60°,点O ,B 的对应点分别为O ′,B ′,连接BB ′,则图中阴影部分的面积是__________________.【答案】23π 【解析】 【分析】连接OO ′,BO ′,根据旋转的性质得到AO AO '=,OA OB =,O B OB ''=,60OAO '∠=︒,120AOB AO B ''∠=∠=︒,推出△OAO ′是等边三角形,得到60AOO '∠=︒,因为∠AOB =120°,所以60O OB '∠=︒,则OO B '是等边三角形,得到120AO B '∠=︒,得到30O B B O BB ''''∠=∠=︒,90B BO '∠=︒,根据直角三角形的性质得24B O OB '==,根据勾股定理得B B '=,用B OB '△的面积减去扇形O OB '的面积即可得.【详解】解:如图所示,连接OO ′,BO ′,∵将半径为2,圆心角为120°的扇形OAB 绕点A 逆时针旋转60°,∴AO AO '=,OA OB =,O B OB ''=,60OAO '∠=︒,120AOB AO B ''∠=∠=︒ ∴△OAO ′是等边三角形,∴60AOO '∠=︒,OO OA '=,∴点O '在,O 上,∵∠AOB =120°,∴60O OB '∠=︒,∴OO B '是等边三角形,∴120AO B '∠=︒,∵120AO B ''∠=︒,∴120B O B ''∠=︒, ∴11(180)(180120)3022O B B O BB B O B ''''''∠=∠=︒-∠=⨯︒-︒=︒, ∴180180306090B BO OB B B OB '''∠=︒-∠-∠=︒-︒-︒=︒,∴24B O OB '==,在Rt B OB '中,根据勾股定理得,B B '==∴图中阴影部分的面积=2160222=223603B OB O OB S S ''⨯-=⨯⨯扇形ππ,故答案为:23π. 【点睛】本题考查了圆与三角形,旋转的性质,勾股定理,解题的关键是掌握这些知识点.(2022·湖南怀化)32. 已知点A (﹣2,b )与点B (a ,3)关于原点对称,则a ﹣b =______.【答案】5【解析】【分析】根据平面直角坐标系中,关于原点对称的点横、纵坐标都互为相反数,求出a ,b 的值即可.【详解】∵点A (﹣2,b )与点B (a ,3)关于原点对称,∴2a =,3b =-,∴()235a b -=--=故答案为:5.【点睛】本题考查平面直角坐标系中,关于原点对称的点的坐标的特点,掌握特殊位置关系的点的坐标变化是解答本题的关键.(2022·浙江台州)33. 如图,△ABC 的边BC 长为4cm .将△ABC 平移2cm 得到△A ′B ′C ′,且BB ′⊥BC ,则阴影部分的面积为______2cm .【答案】8【解析】【分析】根据平移的性质即可求解.【详解】解:由平移的性质S △A ′B ′C ′=S △ABC ,BC =B ′C ′,BC ∥B ′C ′,∴四边形B ′C ′CB 为平行四边形,∵BB ′⊥BC ,∴四边形B ′C ′CB 为矩形,∵阴影部分的面积=S △A ′B ′C ′+S 矩形B ′C ′CB -S △ABC=S 矩形B ′C ′CB=4×2=8(cm 2).故答案为:8.【点睛】本题考查了矩形的判定和平移的性质:①平移不改变图形的形状和大小;②经过平移,对应点所连的线段平行且相等,对应线段平行且相等,对应角相等.三.解答题(2022·湖南湘潭)34. 如图,在平面直角坐标系中,已知ABC 的三个顶点的坐标分别为()1,1A -,()4,0B -,()2,2C -.将ABC 绕原点O 顺时针旋转90︒后得到111A B C △.(1)请写出1A 、1B 、1C 三点的坐标:1A _________,1B _________,1C _________(2)求点B 旋转到点1B 的弧长.【答案】(1)(1,1);(0,4);(2,2)(2)2π【解析】【分析】(1)将,ABC绕着点O按顺时针方向旋转90°得到,A1B1C1,点A1,B1,C1的坐标即为点A,B,C绕着点O按顺时针方向旋转90°得到的点,由此可得出结果.(2)由图知点B旋转到点1B的弧长所对的圆心角是90º,OB=4,根据弧长公式即可计算求出.【小问1详解】解:将,ABC绕着点O按顺时针方向旋转90°得到,A1B1C1,点A1,B1,C1的坐标即为点A,B,C绕着点O按顺时针方向旋转90°得到的点,所以A1(1,1);B1(0,4);C1(2,2)【小问2详解】解:由图知点B旋转到点1B的弧长所对的圆心角是90度,OB=4,∴点B旋转到点1B的弧长=904 180π⨯⨯=2π【点睛】本题主要考查点的旋转变换和弧长公式,解题的关键是熟练掌握旋转变换的定义和弧长公式.(2022·湖北武汉)35. 如图是由小正方形组成的96⨯网格,每个小正方形的顶点叫做格点.ABC的三个顶点都是格点.仅用无刻度的直尺在给定网格中完成画图,画图过程用虚线表示.(1)在图(1)中,D,E分别是边AB,AC与网格线的交点.先将点B绕点E 旋转180︒得到点F,画出点F,再在AC上画点G,使DG BC∥;(2)在图(2)中,P是边AB上一点,BACα∠=.先将AB绕点A逆时针旋转。
中考数学复习考点知识专题讲解15---图形的变换综合问题

角 度;②注意每一对对应点与旋转中心的连线所成的角度都叫旋转角,旋转角都相等;③对
应点到旋转中心 的距离相等. 3.图形的轴对称:如果一个平面图形沿着一条直线折叠,直线两旁的部分能够重合,那么这 个图形叫做轴对称图形,这条直线叫做对称轴.
如果两个图形关于某直线对称,那么对称轴是任何一对对应点所连线段的垂直平分线;反过 来,成轴对称的两个图形中,对应点的连线被对称轴垂直平分. 4.图形的中心对称:①关于中心对称的两个图形是全等形;②关于中心对称的两个图形,对称 点连线都经过对称中心,并且被对称中心平分;③关于中心对称的两个图形,对应线段平行(或 者在同一直线上)且相等 .
)
4 / 13
A.20
B.30
C.40
D.50
【变式 4-1】(2019•高邮市二模)我国古代数学家利用“牟合方盖“找到了球体体积的计算方
法.“牟合方盖”是由两个圆柱分别从纵横两个方向嵌入一个正方体时两圆柱公共部分形成的 几何体,如图所示的几何体是可以形成“牟合方盖”的一种模型,它的左视图是 ( )
6 / 13
【变式 6-1】(2019•常州二模)如图,将矩形 ABCD 绕点 D 旋转 90° 得到矩形 A′B′C′D ,其中点 A 、 B 、C 分别对应点 A′ 、B′ 、C′ ,此时,点 A′ 落在 CD 边上,点 C′ 在 AD 延长线上.连接 AC 、BD 相交于点 O ,连接 A′C′ 、 B′D 相交于点 O′ ,连接 OO′ . (1)直接写出 ∠OO′D = ° ; (2)将△ OO′D 绕点 O 旋转,使点 D 与点 A 重合,得 ∆OEA ,点 O′ 对应点 E ,连接 O′E 交 AC 于 点 M .求证: M 为 AC′ 中点.
的值为 ( )
福建省2011年中考数学试题分类解析汇编 专题4:图形的变换
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福建省2011年中考数学试题分类解析汇编专题4:图形的变换一、选择题1. (福建福州4分)在下列几何体中,主视图、左视图与俯视图都是相同的圆,该几何体是A、B、C、D、【答案】A。
【考点】简单几何体的三视图。
【分析】主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看,所得到的图形。
球的主视图、左视图、俯视图都是圆形。
故选A。
2.(福建泉州3分)下面如图是一个圆柱体,则它的正视图是A、B、C、D、【答案】A。
【考点】简单几何体的三视图。
【分析】正视图是从物体的正面看得到的视图,从正面看到圆柱体为长方形,故选A。
3.(福建泉州3分)下列正多边形中,不能铺满地面的是A、正三角形B、正方形C、正六边形D、正七边形【答案】D。
【考点】平面镶嵌(密铺),多边形内角和定理。
【分析】由多边形内角和定理分别求出所给图形的内角,根据密铺的性质(内角的度数能被360°整除)进行判断即可:解:A、∵正三角形的内角是60°,6×60°=360°,∴正三角形能铺满地面,故本选项正确;B、∵正方形的内角是90°,4×90°=360°,∴正方形能铺满地面,故本选项正确;C、∵正六边形的内角是120°,3×120°=360°,∴正六形能铺满地面,故本选项正确;D、∵正七形的内角是29007,29007同任何一个正整数相乘都不等于360°,∴正七边形不能铺满地面,故本选项错误。
故选D。
4.(福建漳州3分)如图是由若干个小正方体堆成的几何体的主视图(正视图),这个几何体是【答案】C 。
【考点】由三视图判断几何体【分析】根据题意得:小正方体有两排组成,而A ,B ,D ,都有3排,故只有C 符合。
故选C 。
5.(福建三明4分)由5个大小相同的正方体组成的几何体如图所示,其主视图是【答案】A 。
人教版中考数学核心考点归纳总结-《图形和变换》考点解析
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精品基础教育教学资料,仅供参考,需要可下载使用!《图形和变换》考点解析《图形和变换》是初中数学的重要的内容之一,也是近年中考命题的一个亮点。
常见的题型主要有填空、选择和操作题等,下面精选部分试题分类解析如下,供同学们学习时参考。
一、考查图形的轴对称变换例1. 在下列图形中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是( ).解析:本题主要考查轴对称图形的概念。
根据轴对称图形和中心对称图形的特点可得:A 、B 、C 是轴对称图形,C 、D 是中心对称图形,其中C 既是轴对称图形又是中心对称图形,故选C 。
说明:根据轴对称图形的概念——能够找到一条直线,沿着它折叠,使直线两旁的部分能够重合,这样的图形就是轴对称图形。
如等边三角形、等腰梯形和正五边形等都是轴对称图形。
二、考查图形的平移变换例2. 如图,把图2-1中的△ABC 经过一定的变换得到图2-2中的△C B A ''',如果图2-1中△ABC 上点P 的坐标为(a ,b ),那么这个点在图2-2中的对应点P '的坐标为( )A .(a -2,b -3)B .(a -3,b -2)C .(a +3,b +2)D .(a +2,b +3) 解析:本题主要考查图形平移变换的性质。
我们不妨将△ABC 先沿x 轴向右平移3个单位,再沿y 轴向上平移2个单位,就可以从图2-1中的△ABC 变换到图2-2△C B A '''。
根据平移性质(在平移过程中,图形上的第一点都沿同一方向移动相等的距离)可得,P '的坐标为(a +3,b +2),故选C 。
说明:比较对应顶点的坐标可以得到,△ABC 沿x 轴向右平移之后,三个顶点的纵坐标都没有变化,而横坐标都增加了3个单位;沿y 轴向上平移之后,三个顶点的横坐标都没有变化,而纵坐标都增加了2个单位。
三、考查图形的旋转变换例3.已知如图3-1所示的四张牌,若将其中一张牌旋转180°后得到图3-2,则旋转的牌是()A解析:本题主要考查图形的旋转变换及其性质。
江苏连云港02-13中考数学试题分类解析 专题04:图形的变换

专题4:图形的变换(1)选择题1. (2002年江苏连云港3分)用两张全等的矩形纸片分别卷成两个形状不同的柱面(圆柱的侧面),设较高圆柱的侧面积底面半径分别为S1和r1,较矮圆柱的侧面积和底面半径分别为S2和r2,那么【】A.S1=S2,r1=r2B.S1=S2,r1>r2C.S1=S2,r1<r2D.S1≠S2,r1≠r22. (2002年江苏连云港3分)下面每个图片都是由6个大小相同的正方形组成的,其中不能折成正方体的是【】3. (2003年江苏连云港3分)如图,一块边长为8cm的正方形木板ABCD,在水平桌面上绕点A按逆时针方向旋转至AB′C′D′的位置,则顶点C从开始到结束所经过的路径长为【】(A) 16 cm (B) 162cm (C) 8πcm (D) 4π2cm4. (2006年江苏连云港3分)有一圆柱形储油罐,其底面直径与高相等。
现要在储油罐的表面均匀涂上一层油漆(不计损耗),则两个底面所需油漆量与侧面所需油漆量之比是【】A、1∶1B、2∶1C、1∶2D、1∶45. (2007年江苏连云港3分)如图,水平放置的下列几何体,主视图不是..长方形的是【】6. (2007年江苏连云港3分)如图,将半径为2cm的圆形纸片折叠后,圆弧恰好经过圆心O,则折痕AB 的长为【】A.2cmB.3cmC.23cmD.25cm7. (2008年江苏连云港3分)若一个几何体的主视图、左视图、俯视图分别是三角形、三角形、圆,则这个几何体可能是【】A.球B.圆柱C.圆锥D.棱锥8.(2009年江苏省3分)下面四个几何体中,左视图是四边形的几何体共有【】A.1个B.2个C.3个D.4个【答案】B。
【考点】简单几何体的三视图。
【分析】四个几何体的左视图:圆柱是矩形,圆锥是等腰三角形,球是圆,正方体是正方形,由此可确定左视图是四边形的几何体是圆柱和正方体。
故选B。
方格纸中,将图①中的三角形甲平移到图②中所示的位置,与三角9.(2009年江苏省3分)如图,在55形乙拼成一个矩形,那么,下面的平移方法中,正确的是【】A.先向下平移3格,再向右平移1格B.先向下平移2格,再向右平移1格C.先向下平移2格,再向右平移2格D.先向下平移3格,再向右平移2格11.(2011年江苏连云港3分)如图,是由8个相同的小立方块搭成的几何体的左视图,它的三个视图是2×2的正方形.若拿掉若干个小立方块后(几何体不倒掉...),其三个视图仍都为2×2的正方形,则最多能拿掉小立方块的个数为【】A.1B.2 C.3 D.4【答案】B。
中考数学试题解析汇编专题(四卷)图形的变换(含答案)
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一.选择题1【江苏省泰兴市济川中学初三数学阶段试题】下列图形中,既是轴对称图形又是中心对称图形的有()A.4个B. 3个C. 2个D. 1个2【湛师附中、东方实验学校2013-2014学年度上学期第一次月考九年级数学试题】下列图形中,是中心对称图形的是()3.【湛师附中、东方实验学校2013-2014学年度上学期第一次月考九年级数学试题】下列图形中,对称轴最多的是()A .等边三角形B .矩形C .正方形D .圆4.【湛师附中、东方实验学校2013-2014学年度上学期第一次月考九年级数学试题】点M (3,2-)关于原点对称的对称点的坐标是( )A.(3-,2)B.(3,2)C.(3-,2-)D.(2,3)5 【温州市七校2013-2014学年上学期12月联考九年级数学试题】按如下方法,将△ABC 的三边缩小到原来的21,如图,任取一点O ,连接AO 、BO 、CO ,并取它们的中点D 、E 、F ,得到△DEF,则下列说法错误的是( )A.△ABC 与△DEF 是位似图形B.△ABC 与△DEF 是相似图形C.△ABC 与△DEF 的面积之比为4:1D.△ABC 与△DEF 的周长之比为1:2考点:位似图形的性质.6.【湛师附中、东方实验学校2013-2014学年度上学期第一次月考九年级数学试题】某几何体的三视图如图2所示,那么该几何体是()A.棱柱 B.圆锥 C.圆柱 D.长方体7 【云南省临沧区云县后箐中学2014届九年级10月综合练习数学试题】如图,A、B、C三点在正方形网格线的交点处.若将△ACB绕着点A逆时针旋转得到△AC′B′,则tan B′的值为( )A.14B.13C.12D.1【答案】B.【解析】试题分析:如图,过C点作CD⊥AB,垂足为D,根据旋转性质可知,∠B′=∠B.8.【云南省临沧区云县后箐中学2014届九年级10月综合练习数学试题】直角三角形纸片的两直角边长分别为6,8,现将△ABC 如图那样折叠,使点A 与点B 重合,折痕为DE ,则tan∠CBE 的值是( )A .247 B C .724 D .139.【北京市海淀区九年级第一学期期中测评数学试题】如图所示的图案绕旋转中心旋转一定角度后能够与自身重合,那么这个旋转角可能是( ) A .60 B .72 C .90D .12010.【浙江省桐乡市实验中学2013-2014学年上学期基础调研九年级数学试卷】对下图的对称性表述,正确的是().(A)轴对称图形(B)中心对称图形(C)既是轴对称图形又是中心对称图形(D)既不是轴对称图形又不是中心对称图形11.【诸暨市陶朱中学2013-2014学年第一学期10月月考九年级数学试卷】如图,矩形纸片ABCD 中,BC=4,AB=3,点P是BC边上的动点(点P不与点B、C重合).现将△PCD沿PD翻折,得到△PC’D;作∠BPC’的角平分线,交AB于点E.设BP= x,BE= y,则下列图象中,能表示y与x的函数关系的图象大致是( )12.【北京市海淀区九年级第一学期期中测评数学试题】在角、等边三角形、平行四边形、圆中,既是中心对称图形又是轴对称图形的是( )A.角 B.等边三角形 C.平行四边形 D.圆13、【江苏省无锡市惠山六校联考2014届九年级上学期期中考试数学试题】如图所示,把一个长方形纸片沿EF折叠后,点D,C分别落在D′,C′的位置.若∠EFB=65°,则∠AED′等于()A. 70°B.65°C.50°D.25°14.【广东省温州地区2013-2014学年八年级上学期第三次月考数学试卷】右图中几何体的左视图是()A B C D二.填空题15.【温州市七校2013-2014学年上学期12月联考九年级数学试题ABCD 绕点A 逆时针方向旋转30o 后得到正方形AB 'C 'D ',则图中阴影部分面积为【解析】试题分析:设CD 与B'C'的交点是M ,连结AM ,则 ∠DAM=30° ∴AM=2DM 由勾股定理得DM=1考点:1.旋转的性质;2.正方形的性质.正面14题16.【广东省温州地区2013-2014学年八年级上学期第三次月考数学试卷】如图所示,用一根长度足够的长方形纸带,先对折长方形得折痕l,再折纸使折线过点B,且使得A在折痕l上,这时折线CB与DB所成的角为:。
2019年、2020年山东省中考试题分类数学(12)——图形的变换(含答案)
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2019年、2020年山东省数学中考试题分类(12)——图形的变换一.轴对称图形(共2小题)1.(2020•淄博)下列图形中,不是轴对称图形的是()A.B.C.D.2.(2019•东营)下列图形中,是轴对称图形的是()A.B.C.D.二.关于x轴、y轴对称的点的坐标(共1小题)3.(2020•菏泽)在平面直角坐标系中,将点P(﹣3,2)向右平移3个单位得到点P',则点P'关于x轴的对称点的坐标为()A.(0,﹣2)B.(0,2)C.(﹣6,2)D.(﹣6,﹣2)三.轴对称-最短路线问题(共1小题)4.(2020•潍坊)如图,在Rt△AOB中,∠AOB=90°,OA=3,OB=4,以点O为圆心,2为半径的圆与OB交于点C,过点C作CD⊥OB交AB于点D,点P是边OA上的动点.当PC+PD最小时,OP的长为()A .12B .34C .1D .32 四.翻折变换(折叠问题)(共5小题)5.(2020•烟台)如图,在矩形ABCD 中,点E 在DC 上,将矩形沿AE 折叠,使点D 落在BC 边上的点F 处.若AB =3,BC =5,则tan ∠DAE 的值为( )A .12B .920C .25D .13 6.(2020•青岛)如图,将矩形ABCD 折叠,使点C 和点A 重合,折痕为EF ,EF 与AC 交于点O .若AE =5,BF =3,则AO 的长为( )A .√5B .32√5C .2√5D .4√57.(2020•枣庄)如图,在矩形纸片ABCD 中,AB =3,点E 在边BC 上,将△ABE 沿直线AE 折叠,点B 恰好落在对角线AC 上的点F 处,若∠EAC =∠ECA ,则AC 的长是( )A .3√3B .4C .5D .68.(2020•滨州)如图,对折矩形纸片ABCD ,使AD 与BC 重合,得到折痕EF ,把纸片展平后再次折叠,使点A 落在EF 上的点A ′处,得到折痕BM ,BM 与EF 相交于点N .若直线BA ′交直线CD 于点O ,BC =5,EN =1,则OD 的长为( )A .12√3B .13√3C .14√3D .15√39.(2020•威海)如图,四边形ABCD 是一张正方形纸片,其面积为25cm 2.分别在边AB ,BC ,CD ,DA 上顺次截取AE =BF =CG =DH =acm (AE >BE ),连接EF ,FG ,GH ,HE .分别以EF ,FG ,GH ,HE 为轴将纸片向内翻折,得到四边形A 1B 1C 1D 1.若四边形A 1B 1C 1D 1的面积为9cm 2,则a = .五.图形的剪拼(共1小题)10.(2020•烟台)七巧板是我们祖先的一项创造,被誉为“东方魔板”.在一次数学活动课上,小明用边长为4cm 的正方形纸片制作了如图所示的七巧板,并设计了下列四幅作品﹣﹣“奔跑者”,其中阴影部分的面积为5cm 2的是( )A .B .C .D .六.旋转的性质(共1小题)11.(2020•菏泽)如图,将△ABC 绕点A 顺时针旋转角α,得到△ADE ,若点E 恰好在CB 的延长线上,则∠BED 等于( )A .α2B .23αC .αD .180°﹣α七.中心对称图形(共7小题)12.(2020•潍坊)下列图形,既是中心对称图形又是轴对称图形的是( )A .B .C .D .13.(2020•烟台)下列关于数字变换的图案中,是中心对称图形但不是轴对称图形的是() A . B . C . D .14.(2020•青岛)下列四个图形中,中心对称图形是( )A .B .C.D.15.(2020•临沂)下列交通标志中,是中心对称图形的是()A.B.C.D.16.(2020•德州)下列图形中,是中心对称图形但不是轴对称图形的是()A.B.C.D.17.(2020•滨州)下列图形:线段、等边三角形、平行四边形、圆,其中既是轴对称图形,又是中心对称图形的个数为()A.1B.2C.3D.4 18.(2019•莱芜区)下列图形中,既是中心对称,又是轴对称的是()A.B.C.D.八.坐标与图形变化-旋转(共3小题)19.(2020•青岛)如图,将△ABC先向上平移1个单位,再绕点P按逆时针方向旋转90°,得到△A′B′C′,则点A的对应点A′的坐标是()A.(0,4)B.(2,﹣2)C.(3,﹣2)D.(﹣1,4)20.(2020•枣庄)如图,平面直角坐标系中,点B在第一象限,点A在x轴的正半轴上,∠AOB=∠B=30°,OA=2.将△AOB绕点O逆时针旋转90°,点B的对应点B'的坐标是()A.(−√3,3)B.(﹣3,√3)C.(−√3,2+√3)D.(﹣1,2+√3)21.(2020•烟台)如图,已知点A(2,0),B(0,4),C(2,4),D(6,6),连接AB,CD,将线段AB绕着某一点旋转一定角度,使其与线段CD重合(点A与点C重合,点B与点D重合),则这个旋转中心的坐标为.九.利用旋转设计图案(共1小题)22.(2020•枣庄)如图的四个三角形中,不能由△ABC经过旋转或平移得到的是()A.B.C.D.一十.几何变换综合题(共1小题)23.(2020•东营)如图1,在等腰三角形ABC中,∠A=120°,AB=AC,点D、E分别在边AB、AC上,AD=AE,连接BE,点M、N、P分别为DE、BE、BC的中点.(1)观察猜想.图1中,线段NM、NP的数量关系是,∠MNP的大小为.(2)探究证明把△ADE绕点A顺时针方向旋转到如图2所示的位置,连接MP、BD、CE,判断△MNP 的形状,并说明理由;(3)拓展延伸把△ADE绕点A在平面内自由旋转,若AD=1,AB=3,请求出△MNP面积的最大值.一十一.相似三角形的判定与性质(共5小题)24.(2020•东营)如图,在正方形ABCD中,点P是AB上一动点(不与A、B重合),对角线AC、BD相交于点O,过点P分别作AC、BD的垂线,分别交AC、BD于点E、F,交AD 、BC 于点M 、N .下列结论:①△APE ≌△AME ;②PM +PN =AC ;③PE 2+PF 2=PO 2;④△POF ∽△BNF ;⑤点O 在M 、N 两点的连线上.其中正确的是( )A .①②③④B .①②③⑤C .①②③④⑤D .③④⑤ 25.(2020•潍坊)如图,点E 是▱ABCD 的边AD 上的一点,且DE AE =12,连接BE 并延长交CD 的延长线于点F ,若DE =3,DF =4,则▱ABCD 的周长为( )A .21B .28C .34D .4226.(2019•东营)如图,在正方形ABCD 中,点O 是对角线AC 、BD 的交点,过点O 作射线OM 、ON 分别交BC 、CD 于点E 、F ,且∠EOF =90°,OC 、EF 交于点G .给出下列结论:①△COE ≌△DOF ;②△OGE ∽△FGC ;③四边形CEOF 的面积为正方形ABCD 面积的14;④DF 2+BE 2=OG •OC .其中正确的是( )A.①②③④B.①②③C.①②④D.③④27.(2020•临沂)如图,在△ABC中,D、E为边AB的三等分点,EF∥DG∥AC,H为AF 与DG的交点.若AC=6,则DH=.28.(2020•济宁)如图,在四边形ABCD中,以AB为直径的半圆O经过点C,D.AC与BD相交于点E,CD2=CE•CA,分别延长AB,DC相交于点P,PB=BO,CD=2√2.则BO的长是.一十二.位似变换(共1小题)29.(2020•德州)在平面直角坐标系中,点A的坐标是(﹣2,1),以原点O为位似中心,把线段OA放大为原来的2倍,点A的对应点为A′.若点A'恰在某一反比例函数图象上,则该反比例函数解析式为.一十三.相似形综合题(共1小题)30.(2020•枣庄)在△ABC中,∠ACB=90°,CD是中线,AC=BC,一个以点D为顶点的45°角绕点D旋转,使角的两边分别与AC、BC的延长线相交,交点分别为点E、F,DF与AC交于点M,DE与BC交于点N.(1)如图1,若CE =CF ,求证:DE =DF ;(2)如图2,在∠EDF 绕点D 旋转的过程中,试证明CD 2=CE •CF 恒成立;(3)若CD =2,CF =√2,求DN 的长.一十四.计算器—三角函数(共1小题)31.(2020•淄博)已知sin A =0.9816,运用科学计算器求锐角A 时(在开机状态下),按下的第一个键是( )A .B .C .D . 一十五.解直角三角形(共2小题)32.(2020•聊城)如图,在4×5的正方形网格中,每个小正方形的边长都是1,△ABC 的顶点都在这些小正方形的顶点上,那么sin ∠ACB 的值为( )A .3√55B .√175C .35D .45 33.(2020•菏泽)如图,在△ABC 中,∠ACB =90°,点D 为AB 边的中点,连接CD ,若BC =4,CD =3,则cos ∠DCB 的值为 .一十六.解直角三角形的应用-仰角俯角问题(共6小题)34.(2019•日照)如图,甲乙两楼相距30米,乙楼高度为36米,自甲楼顶A 处看乙楼楼顶B处仰角为30°,则甲楼高度为()A.11米B.(36﹣15√3)米C.15√3米D.(36﹣10√3)米35.(2020•济宁)如图,小明在距离地面30米的P处测得A处的俯角为15°,B处的俯角为60°.若斜面坡度为1:√3,则斜坡AB的长是米.36.(2020•潍坊)某校“综合与实践”小组采用无人机辅助的方法测量一座桥的长度.如图,桥AB是水平并且笔直的,测量过程中,小组成员遥控无人机飞到桥AB的上方120米的点C处悬停,此时测得桥两端A,B两点的俯角分别为60°和45°,求桥AB的长度.37.(2020•威海)居家学习期间,小晴同学运用所学知识在自家阳台测对面大楼的高度.如图,她利用自制的测角仪测得该大楼顶部的仰角为45°,底部的俯角为38°;又用绳子测得测角仪距地面的高度AB为31.6m.求该大楼的高度(结果精确到0.1m).(参考数据:sin38°≈0.62,cos38°≈0.79,tan38°≈0.78)38.(2020•德州)如图,无人机在离地面60米的C处,观测楼房顶部B的俯角为30°,观测楼房底部A的俯角为60°,求楼房的高度.39.(2020•聊城)如图,小莹在数学综合实践活动中,利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量,先测得居民楼AB与CD之间的距离AC为35m,后站在M点处测得居民楼CD的顶端D的仰角为45°,居民楼AB的顶端B的仰角为55°,已知居民楼CD的高度为16.6m,小莹的观测点N距地面1.6m.求居民楼AB的高度(精确到1m).(参考数据:sin55°≈0.82,cos55°≈0.57,tan55°≈l.43).一十七.解直角三角形的应用-方向角问题(共2小题)40.(2020•济宁)一条船从海岛A出发,以15海里/时的速度向正北航行,2小时后到达海岛B处.灯塔C在海岛A的北偏西42°方向上,在海岛B的北偏西84°方向上.则海岛B到灯塔C的距离是()A.15海里B.20海里C.30海里D.60海里41.(2019•济南)某数学社团开展实践性研究,在大明湖南门A测得历下亭C在北偏东37°方向,继续向北走105m后到达游船码头B,测得历下亭C在游船码头B的北偏东53°方向.请计算一下南门A与历下亭C之间的距离约为()(参考数据:tan37°≈3 4,tan53°≈4 3)A.225m B.275m C.300m D.315m 一十八.简单几何体的三视图(共1小题)42.(2020•威海)下列几何体的左视图和俯视图相同的是()A.B.C.D.一十九.简单组合体的三视图(共4小题)43.(2020•潍坊)将一个大正方体的一角截去一个小正方体,得到的几何体如图所示,则该几何体的左视图是()A.B.C.D.44.(2020•青岛)如图所示的几何体,其俯视图是()A.B.C.D.45.(2020•德州)如图1是用5个相同的正方体搭成的立体图形.若由图1变化至图2,则三视图中没有发生变化的是()A.主视图B.主视图和左视图C.主视图和俯视图D.左视图和俯视图46.(2019•烟台)如图所示的几何体是由9个大小相同的小正方体组成的,将小正方体①移走后,所得几何体的三视图没有发生变化的是()A.主视图和左视图B.主视图和俯视图C.左视图和俯视图D.主视图、左视图、俯视图二十.由三视图判断几何体(共4小题)47.(2020•烟台)如图,是一个几何体的三视图,则这个几何体是()A.B.C.D.48.(2020•菏泽)一个几何体由大小相同的小立方块搭成,它的俯视图如图所示,其中小正方形中的数字表示在该位置小立方块的个数,则该几何体的主视图为()A.B.C.D.49.(2020•临沂)根据图中三视图可知该几何体是()A.三棱锥B.三棱柱C.四棱锥D.四棱柱50.(2019•济南)以下给出的几何体中,主视图是矩形,俯视图是圆的是()A.B.C.D.2019年、2020年山东省数学中考试题分类(12)——图形的变换参考答案与试题解析一.轴对称图形(共2小题)1.【解答】解:A、是轴对称图形,故本选项不符合题意;B、是轴对称图形,故本选项不符合题意;C、是轴对称图形,故本选项不符合题意;D、不是轴对称图形,故本选项符合题意.故选:D.2.【解答】解:A、不是轴对称图形,故本选项错误;B、不是轴对称图形,故本选项错误;C、不是轴对称图形,故本选项错误;D、是轴对称图形,故本选项正确.故选:D.二.关于x轴、y轴对称的点的坐标(共1小题)3.【解答】解:∵将点P(﹣3,2)向右平移3个单位得到点P',∴点P'的坐标是(0,2),∴点P'关于x轴的对称点的坐标是(0,﹣2).故选:A.三.轴对称-最短路线问题(共1小题)4.【解答】解:如图,延长CO交⊙O于点E,连接ED,交AO于点P,此时PC+PD的值最小.∵CD⊥OB,∴∠DCB=90°,又∠AOB=90°,∴∠DCB =∠AOB ,∴CD ∥AO∴BC BO =CD AO∵OC =2,OB =4,∴BC =2,∴24=CD 3,解得,CD =32; ∵CD ∥AO ,∴EO EC =PO DC ,即24=PO 32,解得,PO =34 故选:B .四.翻折变换(折叠问题)(共5小题)5.【解答】解:∵四边形ABCD 为矩形,∴AD =BC =5,AB =CD =3,∵矩形ABCD 沿直线AE 折叠,顶点D 恰好落在BC 边上的F 处,∴AF =AD =5,EF =DE ,在Rt △ABF 中,BF =√AF 2−AB 2=√25−9=4,∴CF =BC ﹣BF =5﹣4=1,设CE =x ,则DE =EF =3﹣x在Rt △ECF 中,∵CE 2+FC 2=EF 2,∴x 2+12=(3﹣x )2,解得x =43,∴DE =EF =3﹣x =53,∴tan ∠DAE =DE AD =535=13, 故选:D .6.【解答】解:∵矩形ABCD ,∴AD ∥BC ,AD =BC ,AB =CD ,∴∠EFC =∠AEF ,由折叠得,∠EFC =∠AFE ,∴∠AFE =∠AEF ,∴AE =AF =5,由折叠得,FC=AF,OA=OC,∴BC=3+5=8,在Rt△ABF中,AB=√52−32=4,在Rt△ABC中,AC=√42+82=4√5,∴OA=OC=2√5,故选:C.7.【解答】解:∵将△ABE沿直线AE折叠,点B恰好落在对角线AC上的点F处,∴AF=AB,∠AFE=∠B=90°,∴EF⊥AC,∵∠EAC=∠ECA,∴AE=CE,∴AF=CF,∴AC=2AB=6,故选:D.8.【解答】解一:∵EN=1,∴由中位线定理得AM=2,由折叠的性质可得A′M=2,∵AD∥EF,∴∠AMB=∠A′NM,∵∠AMB=∠A′MB,∴∠A′NM=∠A′MB,∴A′N=2,∴A′E=3,A′F=2过M点作MG⊥EF于G,∴NG=EN=1,∴A′G=1,由勾股定理得MG=√22−12=√3,∴BE=DF=MG=√3,∴OF:BE=2:3,解得OF=2√3 3,∴OD=√3−2√33=√33.故选:B.解二:连接AA'.∵EN=1,∴由中位线定理得AM=2,∵对折矩形纸片ABCD,使AD与BC重合,得到折痕EF,∴A'A=A'B,∵把纸片展平后再次折叠,使点A落在EF上的点A′处,得到折痕BM,∴A'B=AB,∠ABM=∠A'BM,∴△ABA'为等边三角形,∴∠ABA′=∠BA′A=∠A′AB=60°,又∵∠ABC=∠BAM=90°,∴∠ABM=∠A'BM=∠A'BC=30°,∴BM=2AM=4,AB=√3AM=2√3=CD.在直角△OBC中,∵∠C=90°,∠OBC=30°,∴OC=BC•tan∠OBC=5×√33=5√33,∴OD=CD﹣OC=2√3−5√33=√33.故选:B.9.【解答】解:∵四边形ABCD是一张正方形纸片,其面积为25cm2,∴正方形纸片的边长为5cm,∵AE=BF=CG=DH=acm,∴BE=AH=(5﹣a)cm,又∠A=∠B=90°,∴△AHE≌△BEF(SAS),同理可得△AHE≌△BEF≌△DGH≌CFG,由折叠的性质可知,图中的八个小三角形全等.∵四边形A1B1C1D1的面积为9cm2,∴三角形AEH的面积为(25﹣9)÷8=2(cm2),12a(5﹣a)=2,解得a1=1(舍去),a2=4.故答案为:4.五.图形的剪拼(共1小题)10.【解答】解:最小的等腰直角三角形的面积=18×12×42=1(cm2),平行四边形面积为2cm2,中等的等腰直角三角形的面积为2cm2,最大的等腰直角三角形的面积为4cm2,则A、阴影部分的面积为2+2=4(cm2),不符合题意;B、阴影部分的面积为1+2=3(cm2),不符合题意;C、阴影部分的面积为4+2=6(cm2),不符合题意;D、阴影部分的面积为4+1=5(cm2),符合题意.故选:D.六.旋转的性质(共1小题)11.【解答】解:∵∠ABC=∠ADE,∠ABC+∠ABE=180°,∴∠ABE+∠ADE=180°,∴∠BAD+∠BED=180°,∵∠BAD=α,∴∠BED=180°﹣α.故选:D.七.中心对称图形(共7小题)12.【解答】解:A.不是轴对称图形,是中心对称图形,故此选项不符合题意;B.是轴对称图形,不是中心对称图形,故此选项不符合题意;C.是轴对称图形,也是中心对称图形,故此选项符合题意;D.是轴对称图形,不是中心对称图形,故此选项不符合题意;故选:C.13.【解答】解:A、是中心对称图形,不是轴对称图形,故此选项符合题意;B、不是中心对称图形,是轴对称图形,故此选项不符合题意;C、既不是中心对称图形,也不是轴对称图形,故此选项不符合题意;D、既是轴对称图形,也是中心对称图形,故此选项不符合题意.故选:A.14.【解答】解:A、不是中心对称图形,不符合题意;B、不是中心对称图形,不符合题意;C、不是中心对称图形,不符合题意;D、是中心对称图形,符合题意.故选:D.15.【解答】解:A、不是中心对称图形,不符合题意;B、是中心对称图形,符合题意;C、不是中心对称图形,不符合题意;D、不是中心对称图形,不符合题意.故选:B.16.【解答】解:A、不是轴对称图形,也不是中心对称图形.故此选项不合题意;B、是中心对称图形但不是轴对称图形.故此选项符合题意;C、既是轴对称图形,又是中心对称图形.故此选项不合题意;D、是轴对称图形,不是中心对称图形.故此选项不合题意.故选:B.17.【解答】解:线段是轴对称图形,也是中心对称图形;等边三角形是轴对称图形,不是中心对称图形;平行四边形不是轴对称图形,是中心对称图形;圆是轴对称图形,也是中心对称图形;则既是轴对称图形又是中心对称图形的有2个.故选:B.18.【解答】解:A、不是中心对称图形,也不是轴对称图形,故本选项错误;B、既是中心对称图形又是轴对称图形,故本选项正确;C、不是中心对称图形,是轴对称图形,故本选项错误;D、是中心对称图形,不是轴对称图形,故本选项错误.故选:B.八.坐标与图形变化-旋转(共3小题)19.【解答】解:如图,△A′B′C′即为所求,则点A的对应点A′的坐标是(﹣1,4).故选:D.20.【解答】解:如图,过点B′作B′H⊥y轴于H.在Rt△A′B′H中,∵A′B′=2,∠B′A′H=60°,∴A′H=A′B′cos60°=1,B′H=A′B′sin60°=√3,∴OH=2+1=3,∴B′(−√3,3),故选:A.21.【解答】解:平面直角坐标系如图所示,旋转中心是P点,P(4,2).故答案为(4,2).九.利用旋转设计图案(共1小题)22.【解答】解:由题意,选项A,C,D可以通过平移,旋转得到,选项B可以通过翻折得到.故选:B.一十.几何变换综合题(共1小题)23.【解答】解:(1)∵AB=AC,AD=AE,∴BD=CE,∵点M、N、P分别为DE、BE、BC的中点,∴MN=12BD,PN=12CE,MN∥AB,PN∥AC,∴MN=PN,∠ENM=∠EBA,∠ENP=∠AEB,∴∠MNE+∠ENP=∠ABE+∠AEB,∵∠ABE+∠AEB=180°﹣∠BAE=60°,∴∠MNP=60°,故答案为:NM=NP;60°;(2)△MNP是等边三角形.理由如下:由旋转可得,∠BAD=∠CAE,又∵AB=AC,AD=AE,∴△ABD≌△ACE(SAS),∴BD=CE,∠ABD=∠ACE,∵点M、N、P分别为DE、BE、BC的中点.∴MN =12BD ,PN =12CE ,MN ∥BD ,PN ∥CE ,∴MN =PN ,∠ENM =∠EBD ,∠BPN =∠BCE ,∴∠ENP =∠NBP +∠NPB =∠NBP +∠ECB ,∵∠EBD =∠ABD +∠ABE =∠ACE +∠ABE ,∴∠MNP =∠MNE +∠ENP =∠ACE +∠ABE +∠EBC +∠EBC +∠ECB =180°﹣∠BAC =60°,∴△MNP 是等边三角形;(3)根据题意得,BD ≤AB +AD ,即BD ≤4,∴MN ≤2,∴△MNP 的面积=12MN ⋅√32MN =√34MN 2,∴△MNP 的面积的最大值为√3.一十一.相似三角形的判定与性质(共5小题)24.【解答】解:∵四边形ABCD 是正方形∴∠BAC =∠DAC =45°.∵在△APE 和△AME 中,{∠PAE =∠MAE AE =AE ∠AEP =∠AEM,∴△APE ≌△AME (SAS ),故①正确;∴PE =EM =12PM ,同理,FP =FN =12NP .∵正方形ABCD 中AC ⊥BD ,又∵PE ⊥AC ,PF ⊥BD ,∴∠PEO =∠EOF =∠PFO =90°,且△APE 中AE =PE∴四边形PEOF 是矩形.∴PF =OE ,∴PE +PF =OA ,又∵PE =EM =12PM ,FP =FN =12NP ,OA =12AC ,∴PM +PN =AC ,故②正确;∵四边形PEOF 是矩形,∴PE =OF ,在直角△OPF 中,OF 2+PF 2=PO 2,∴PE 2+PF 2=PO 2,故③正确.∵△BNF 是等腰直角三角形,而△POF 不一定是等腰直角三角形,故④错误; 连接OM ,ON ,∵OA 垂直平分线段PM .OB 垂直平分线段PN ,∴OM =OP ,ON =OP ,∴OM =OP =ON ,∴点O 是△PMN 的外接圆的圆心,∵∠MPN =90°,∴MN 是直径,∴M ,O ,N 共线,故⑤正确.故选:B .25.【解答】解:∵四边形ABCD 是平行四边形,∴AB ∥CF ,AB =CD ,∴△ABE ∽△DFE ,∴DE AE =FD AB =12, ∵DE =3,DF =4,∴AE =6,AB =8,∴AD =AE +DE =6+3=9,∴平行四边形ABCD 的周长为:(8+9)×2=34.故选:C .26.【解答】解:①∵四边形ABCD 是正方形,∴OC=OD,AC⊥BD,∠ODF=∠OCE=45°,∵∠MON=90°,∴∠COM=∠DOF,∴△COE≌△DOF(ASA),故①正确;②∵△COE≌△DOF,∴OE=OF,∵∠MON=90°,∴∠OEG=45°=∠FCG,∵∠OGE=∠FGC,∴△OGE∽△FGC,故②正确;③∵△COE≌△DOF,∴S△COE=S△DOF,∴S四边形CEOF =S△OCD=14S正方形ABCD,故③正确;④∵△COE≌△DOF,∴OE=OF,又∵∠EOF=90°,∴△EOF是等腰直角三角形,∴∠OEG=45°=∠OCE,∵∠EOG=∠COE,∴△OEG∽△OCE,∴OE:OC=OG:OE,∴OG•OC=OE2,∵OC=12AC,OE=√22EF,∴OG•AC=EF2,∵CE=DF,BC=CD,∴BE=CF,又∵Rt △CEF 中,CF 2+CE 2=EF 2,∴BE 2+DF 2=EF 2,∴OG •AC =BE 2+DF 2,故④错误,故选:B .27.【解答】解:∵D 、E 为边AB 的三等分点,EF ∥DG ∥AC ,∴BE =DE =AD ,BF =GF =CG ,AH =HF ,∴AB =3BE ,DH 是△AEF 的中位线,∴DH =12EF ,∵EF ∥AC ,∴△BEF ∽△BAC ,∴EF AC =BE AB ,即EF 6=BE 3BE ,解得:EF =2,∴DH =12EF =12×2=1,故答案为:1.28.【解答】解:连结OC ,如图,∵CD 2=CE •CA ,∴CD CE =CA DC ,而∠ACD =∠DCE ,∴△CAD∽△CDE,∴∠CAD=∠CDE,∵∠CAD=∠CBD,∴∠CDB=∠CBD,∴BC=DC;设⊙O的半径为r,∵CD=CB,∴CD̂=CB̂,∴∠BOC=∠BAD,∴OC∥AD,∴PCCD =POOA=2rr=2,∴PC=2CD=4√2,∵∠PCB=∠P AD,∠CPB=∠APD,∴△PCB∽△P AD,∴PCPA =PBPD,即4√23r=6√2,∴r=4(负根已经舍弃),∴OB=4,故答案为4.一十二.位似变换(共1小题)29.【解答】解:∵点A的坐标是(﹣2,1),以原点O为位似中心,把线段OA放大为原来的2倍,点A的对应点为A′,∴A′坐标为:(﹣4,2)或(4,﹣2),∵A'恰在某一反比例函数图象上,∴该反比例函数解析式为:y=−8 x.故答案为:y=−8 x.一十三.相似形综合题(共1小题)30.【解答】(1)证明:∵∠ACB=90°,AC=BC,CD是中线,∴∠ACD=∠BCD=45°,∠ACF=∠BCE=90°,∴∠DCF =∠DCE =135°, 在△DCF 和△DCE 中,{CF =CE ∠DCF =∠DCE DC =DC,∴△DCF ≌△DCE (SAS )∴DE =DF ;(2)证明:∵∠DCF =135°, ∴∠F +∠CDF =45°,∵∠FDE =45°,∴∠CDE +∠CDF =45°,∴∠F =∠CDE ,∵∠DCF =∠DCE ,∠F =∠CDE , ∴△FCD ∽△DCE ,∴CF CD =CD CE ,∴CD 2=CE •CF ;(3)解:过点D 作DG ⊥BC 于G , ∵∠DCB =45°,∴GC =GD =√22CD =√2,由(2)可知,CD 2=CE •CF ,∴CE =CD 2CF =2√2,∵∠ECN =∠DGN ,∠ENC =∠DNG , ∴△ENC ∽△DNG ,∴CN NG =CE DG ,即√2−NG NG =√2√2, 解得,NG =√23,由勾股定理得,DN =√DG 2+NG 2=2√53.一十四.计算器—三角函数(共1小题)31.【解答】解:∵已知sin A=0.9816,运用科学计算器求锐角A时(在开机状态下)的按键顺序是:2ndF,sin,0.9816,∴按下的第一个键是2ndF.故选:D.一十五.解直角三角形(共2小题)32.【解答】解:如图,过点A作AH⊥BC于H.在Rt△ACH中,∵AH=4,CH=3,∴AC=√AH2+CH2=√42+32=5,∴sin∠ACH=AHAC=45,故选:D.33.【解答】解:过点D作DE⊥BC,垂足为E,∵∠ACB=90°,DE⊥BC,∴DE∥AC,又∵点D为AB边的中点,∴E是BC的中点,∴BE=EC=12BC=2,在Rt△DCE中,cos∠DCB=ECCD=23,故答案为:23.一十六.解直角三角形的应用-仰角俯角问题(共6小题)34.【解答】解:过点A 作AE ⊥BD ,交BD 于点E ,在Rt △ABE 中,AE =30米,∠BAE =30°,∴BE =30×tan30°=10√3(米),∴AC =ED =BD ﹣BE =(36﹣10√3)(米).∴甲楼高为(36﹣10√3)米.故选:D .35.【解答】解:如图所示:过点A 作AF ⊥BC 于点F ,∵斜面坡度为1:√3,∴tan ∠ABF =AF BF =1√3=√33, ∴∠ABF =30°,∵在P 处进行观测,测得山坡上A 处的俯角为15°,山脚B 处的俯角为60°, ∴∠HPB =30°,∠APB =45°,∴∠HBP =60°,∴∠PBA =90°,∠BAP =45°,∴PB =AB ,∵PH =30m ,sin60°=PH PB =30PB =√32,解得:PB =20√3,故AB=20√3(m),故答案为:20√3.36.【解答】解:如图示:过点C作CD⊥AB,垂足为D,由题意得,∠MCA=∠A=60°,∠NCB=∠B=45°,CD=120(米),在Rt△ACD中,AD=CDtan60°=√3=40√3(米),在Rt△BCD中,∵∠CBD=45°,∴BD=CD=120(米),∴AB=AD+BD=(40√3+120)(米).答:桥AB的长度为(40√3+120)米.37.【解答】解:过点A作AH⊥CD于H,如图:则四边形ABDH是矩形,∴HD=AB=31.6m,在Rt△ADH中,∠HAD=38°,tan∠HAD=HD AH,∴AH=HDtan∠HAD=31.6tan38°=31.60.78≈40.51(m),在Rt△ACH中,∠CAH=45°,∴CH=AH=40.51m,∴CD=CH+HD=40.51+31.6=72.11≈72.1(m),答:该大楼的高度约为72.1m.38.【解答】解:过B作BE⊥CD交CD于E,由题意得,∠CBE=30°,∠CAD=60°,在Rt△ACD中,tan∠CAD=tan60°=CDAD=√3,∴AD=60√3=20√3,∵∠BED=∠BAD=∠ADE=90°,∴四边形ADEB是矩形,∴BE=AD=20√3,在Rt△BCE中,tan∠CBE=tan30°=CEBE=√33,∴CE=20√3×√33=20,∴ED=CD﹣CE=60﹣20=40,∴AB=ED=40(米),答:楼房的高度为40米.39.【解答】解:过点N作EF∥AC交AB于点E,交CD于点F,则AE=MN=CF=1.6,EF=AC=35,∠BEN=∠DFN=90°,EN=AM,NF=MC,则DF=DC﹣CF=16.6﹣1.6=15,在Rt△DFN中,∵∠DNF=45°,∴NF=DF=15,∴EN=EF﹣NF=35﹣15=20,在Rt△BEN中,∵tan∠BNE=BE EN,∴BE=EN•tan∠BNE=20×tan55°≈20×1.43=28.6,∴AB=BE+AE=28.6+1.6≈30.答:居民楼AB的高度约为30米.一十七.解直角三角形的应用-方向角问题(共2小题)40.【解答】解:如图.根据题意得:∠CBD=84°,∠CAB=42°,∴∠C=∠CBD﹣∠CAB=42°=∠CAB,∴BC=AB,∵AB=15×2=30(海里),∴BC=30(海里),即海岛B到灯塔C的距离是30海里.故选:C.41.【解答】解:如图,作CE⊥BA于E.设EC=xm,BE=ym.在Rt△ECB中,tan53°=ECEB,即43=xy,在Rt△AEC中,tan37°=ECAE,即34=x105+y,解得x=180,y=135,∴AC=√EC2+AE2=√1802+2402=300(m),故选:C.一十八.简单几何体的三视图(共1小题)42.【解答】解:选项A中的几何体的左视图和俯视图为:选项B中的几何体的左视图和俯视图为:选项C中的几何体的左视图和俯视图为:选项D中的几何体的左视图和俯视图为:因此左视图和俯视图相同的是选项D中的几何体.故选:D.一十九.简单组合体的三视图(共4小题)43.【解答】解:从几何体的左边看可得到一个正方形,正方形的右上角处有一个看不见的小正方形画为虚线,故选:D.44.【解答】解:从上面看是一个矩形,矩形的中间处有两条纵向的实线,实线的两旁有两条纵向的虚线.故选:A.45.【解答】解:图1主视图第一层三个正方形,第二层左边一个正方形;图2主视图第一层三个正方形,第二层右边一个正方形;故主视图发生变化;左视图都是第一层两个正方形,第二层左边一个正方形,故左视图不变;俯视图都是底层左边是一个正方形,上层是三个正方形,故俯视图不变.∴不改变的是左视图和俯视图.故选:D.46.【解答】解:将正方体①移走后,主视图不变,俯视图变化,左视图不变,故选:A.二十.由三视图判断几何体(共4小题)47.【解答】解:结合三个视图发现,这个几何体是长方体和圆锥的组合图形.故选:B.48.【解答】解:从正面看所得到的图形为.故选:A.49.【解答】解:根据图中三视图可知该几何体是三棱柱.故选:B.50.【解答】解:A、主视图是圆,俯视图是圆,故A不符合题意;B、主视图是矩形,俯视图是矩形,故B不符合题意;C、主视图是三角形,俯视图是圆,故C不符合题意;D、主视图是个矩形,俯视图是圆,故D符合题意;故选:D.。
初三数学(青岛版)图形的变换复习(中考题选)带答案

初三数学第二章图形与变换复习(NO:005)知识总结1、(2012浙江)如图,将周长为8的△ABC 沿BC 方向平移1个单位得到△DEF ,则四边形ABFD 的周长为 102、(2012绍兴)在如图所示的平面直角坐标系内,画在透明胶片上的▱ABCD ,点A 的坐标是(0,2).现将这张胶片平移,使点A 落在点A′(5,﹣1)处,则此平移可以是( B )A . 先向右平移5个单位,再向下平移1个单位B . 先向右平移5个单位,再向下平移3个单位C . 先向右平移4个单位,再向下平移1个单位D . 先向右平移4个单位,再向下平移3个单位3、(2012湖北咸宁,6,3分)如图,正方形OABC 与正方形ODEF 是位似图形,O 为位似中心,相似比为1∶2,点A 的坐标为(1,0),则E 点的坐标为( C ).A .(2,0)B .(23,23) C .(2,2) D .(2,2)4、(2012年广西玉林市,10,3)如图,正方形ABCD 的两边BC 、AB 分别在平面直角坐标系内的x 轴、y 轴的正半轴上,正方形A ′B ′C ′D ′与正方形ABCD 是以AC 的中点O ′为中心的位似图形,已知AC=23,若点A ′的坐标为(1,2),则正方形A ′B ′C ′D ′与正方形ABCD 的相似比是( B )5、(2012聊城)如图,在方格纸中,△ABC 经过变换得到△DEF,正确的变换是( B ) A .把△ABC 绕点C 逆时针方向旋转90°,再向下平移2格 B .把△ABC 绕点C 顺时针方向旋转90°,再向下平移5格 C .把△ABC 向下平移4格,再绕点C 逆时针方向旋转180° D .把△ABC 向下平移5格,再绕点C 顺时针方向旋转180°6、(2012山东德州)由图中左侧三角形仅经过一次平移、旋转或轴对称变换,不能得到的图形是( C )A B DF(第6题)(A ) (C ) (D )(B )7、(2007潍坊)如图,两个全等的长方形ABCD 与CDEF ,旋转长方形ABCD 能和长方形CDEF 重合,则可以作为旋转中心的点有( A )A .1个B .2个C .3个D .无数个8、(2008潍坊)如图,在平面直角坐标系中,Rt OAB △的顶点A的坐标为,若将OAB △绕O 点逆时针旋转60后,B 点到达B '点,则B '点的坐标是)23,33(第7题 第8题 第9题9、(2009潍坊)如图,已知Rt ABC △中,9030ABC BAC AB ∠=∠==°,°,,将ABC △绕顶点C 顺时针旋转至A B C '''△的位置,且A C B '、、三点在同一条直线上,则点A 经过的最短路线的长度是( D )cm .A .8B.C .32π3D .8π310、(2012广东汕头)如图,将△ABC 绕着点C 顺时针旋转50°后得到△A′B′C′.若∠A=40°.∠B′=110°,则∠BCA′的度数是 80011、(2012贵州六盘水)两块大小一样斜边为4且含有30°角的三角板如图5水平放置.将△CDE 绕C 点按逆时针方向旋转,当E 点恰好落在AB 上时,△CDE 旋转了 30 度.第10题第11题 第12题12、(2012中考)如图,在△ABC 中,∠ACB =90º,∠B =30º,AC =1,AC 在直线l 上.将△ABC 绕点A 顺时针旋转到位置①,可得到点P 1,此时AP 1=2;将位置①的三角形绕点P 1顺时针旋转到位置②,可得 到点P 2,此时AP 2=2+3;将位置②的三角形绕点P 2顺时针旋转到位置③,可得到点P 3,此时AP 3=3 +3;…,按此规律继续旋转,直到得到点P 2012为止,则AP 2012=【 】A .2011+671 3B .2012+671 3C .2013+671 3D .2014+671 3'B①② ③1P 2 P 3 … l又∵2012÷3=670…2,∴AP 2012=670(3+3)+(2+3)=2012+6713故选B .13、(2012山东泰安)如图,菱形OABC 的顶点O 在坐标原点,顶点A 在x 轴上,∠B=120°,OA=2,将菱形OABC 绕点O 顺时针旋转105°至OA B C '''的位置,则点B '的坐标为(2,2-)14、(2012广州)如图4,在等边△ABC 中,AB=6,D 是BC 上一点,且BC=3BD ,△ABD 绕点A 旋转后得到△ACE ,则CE 的长度为 2 。
安徽02-13年中考数学试题分类解析专题4:图形的变换.

一、选择题1. (2003安徽省4分)(华东版教材试验区试题)下面是空心圆柱体在指定方向上的视图,正确的是【】A:B:C:D:【答案】C。
【考点】简单几何体的三视图。
【分析】找到从正面看所得到的图形即可,注意所有的棱都应表现在主视图中:圆柱的主视图是矩形,里面有两条用虚线表示的看不到的棱,故选C。
2. (2004安徽省4分)(华东版教材实验区试题)如图,O是正六边形ABCDEF的中心,下列图形中可由△OBC平移得到的是【】.(A)△OCD (B)△OAB (C)△OAF (D)△OEF【答案】C。
【考点】平移的性质。
【分析】根据平移的性质,结合图形,对图中的三角形进行分析,求得正确答案:△OCD、△OEF、△OAB方向发生了变化,不属于平移得到;△ODE、△OAF形状和大小没有变化,属于平移得到。
∴可以由△OBC平移得到的是△ODE,△OAF。
故选C。
3. (2005安徽省大纲4分)用两个完全相同的直角三角板,不能拼成下列图形的是【】A、平行四边形B、矩形C、等腰三角形D、梯形【答案】D。
【考点】直角三角形的性质。
【分析】当把完全相同的两块三角板拼成的图形有三种情况:①当把一相同直角边重合,且两个直角的顶角也重合时,所成的图形是等腰三角形;②当把一相同直角边重合,且两个直角的顶角不重合时,所成的图形是平行四边形;③当斜边重合,且两个三角形的非同角的顶点重合时,所成的图形是矩形。
但不能形成梯形。
故选D。
4. (2005安徽省课标4分)小亮在镜中看到身后墙上的时钟如下,你认为实际时间最接近八点的是【】【答案】D。
【考点】镜面对称。
【分析】根据镜面对称的性质,在平面镜中的钟面上的时针、分针的位置和实物应关于过12时、6时的直线成轴对称。
所以,实际时间为8点的时针关于过12时、6时的直线的对称点是4点,那么8点的时钟在镜子中看来应该是4点的样子,所以应该是C或D答案之一,这两个答案中更接近八点的应该是第四个图形。
常州市中考数学试题分类解析专题 图形的变换
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2001-2012年江苏常州中考数学试题分类解析汇编(12专题)专题4:图形的变换锦元数学工作室编辑一、选择题1. (江苏省常州市2005年2分)如果某物体的三视图是如图所示的三个图形,那么该物体的形状是【】A、正方体B、长方体C、三棱柱D、圆锥【答案】C。
【考点】由三视图判断几何体。
【分析】主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看,所得到的图形。
所给答案中只有三棱柱的俯视图为三角形,故选C。
2. (江苏省常州市2005年2分)下面是一天中四个不同时刻两个建筑物的影子:将它们按时间先后顺序进行排列,正确的是【】A、③④②①B、②④③①C、③④①②D、③①②④【答案】C。
【考点】平行投影【分析】根据影子变化规律可知道时间的先后顺序:从早晨到傍晚物体的指向是:西-西北-北-东北-东,影长由长变短,再变长。
所以正确的是③④①②。
故选C。
3. (江苏省常州市2005年2分)若干个正方体形状的积木摆成如图所示的塔形,平放于桌面上,上面正方体的下底四个顶点是下面相邻正方体的上底各边中点,最下面的正方体棱长为1,如果塔形露在外面的面积超过7,则正方体的个数至少是【】A、2B、3C、4D、5【答案】B。
【考点】几何体的表面积,正方形的性质,勾股定理。
【分析】根据图示逐层算出露出的面积加以比较即解:∵要求塔形露在外面的面积超过7(不包括下底面),最下面的立方体棱长为1,∴最下面的立方体露出的面积为:4×(1×1)+0.5=4.5。
假如上面一层没有立方体的话,第二层露出的面积为225=2.522⋅⋅,这两层加起来的面积为:7。
不符合题意。
假如上面一层有立方体的话,第二层露出的面积为2222422244+⋅,这两层加起来的面积为:6.75。
假如再上面一层没有立方体的话,第三层露出的面积为115=1.2522⋅⋅,这三层加起来的面积为:8。
符合题意。
∴立方体的个数至少是3。
故选B。
4. (江苏省常州市2006年2分)图1表示正六棱柱形状的高大建筑物,图2中的阴影部分表示该建筑物的俯视图,P、Q、M、N表示小明在地面上的活动区域,小明想同时看到该建筑物的三个侧面,他应在【】A.P区域 B.Q区域 C.M区域 D.N区域【答案】B。
北京市2001-2012年中考数学试题分类解析专题4:图形的变换
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一、选择题1. (2003年北京市4分)如果圆柱的底面半径为4cm ,底面为5cm ,那么它的侧面积等于【 】A. 220cm πB. 240cm πC. 20cm 2D. 40cm 22. (2004年北京市4分)如果圆锥的底面半径为3cm ,母线长为4cm ,那么它的侧面积等于【 】(A )24πcm 2 (B )12πcm 2 (C )12cm 2 (D )6πcm 23. (2006年北京市课标4分)将如图所示的圆心角为90的扇形纸片AOB 围成圆锥形纸帽,使扇形的两条半径OA 与OB 重合(接缝粘贴部分忽略不计),则围成的圆锥形纸帽是【 】4. (2007年北京市4分)下图所示是一个三棱柱纸盒,在下面四个图中,只有一个是这个纸盒的展开图,那么这个展开图是【】5. (2008年北京市4分)已知O为圆锥的顶点,M为圆锥底面上一点,点P在OM上.一只蜗牛从P点出发,绕圆锥侧面爬行,回到P点时所爬过的最短路线的痕迹如左图所示.若沿OM将圆锥侧面剪开并展开,所得侧面展开图是【】6. (2009年北京市4分)若下图是某几何体的三视图,则这个几何体是【】7. (2010年北京市4分)美术课上,老师要求同学们将下图所示的白纸只沿虚线裁开,用裁开的纸片和白纸上的阴影部分围成一个立体模型,然后放在桌面上,下列四个示意图中,只有一个....符合上述要求,那么这个示意图是【】8. (2012年北京市4分)下图是某个几何体的三视图,该几何体是【】二、填空题1. (2001年北京市4分)如果圆柱的母线长为3cm,底面半径为2cm,那么这个圆柱的侧面积是▲ cm2.2. (2002年北京市4分)如果圆锥母线长为6cm,底面直径为6cm,那么这个圆锥的侧面积是▲ cm2.3. (2002年北京市4分)一种圆筒状包装的保鲜膜,如图所示,其规格为20cm×60m,经测量这筒保鲜膜的内径Φ1、外径Φ的长分别为3.2cm,4.0cm,则该种保鲜膜的厚度约为▲ cm(π取3.14,结果保留两位有效数字).4. (2006年北京市大纲4分)如图,圆锥的底面半径为2cm,母线长为4cm,那么它的侧面积等于▲ cm2。
【中考12年】福建省福州市2001-2012年中考数学试题分类解析 专题4 图形的变换
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的渐开线”,其中 DA1、A1B1、B1C1、C1D1 …的圆心依次按 A、B、C、D 循环,它依次连接.取 AB=1,则曲线 DA1B1C2D2A2 的长是 ▲ (结果保留 π).
【答案】18 。
【考点】新定义,正方形的性质。
【分析】根据“正方形的渐开线”的定义,DA1、A1B1、B1C1、C1D1 C2D2 分别为半径为 1,
2,…7,8
的
1 4
圆弧,因此,曲线
DA B …C D
11
22
的长是
1 4
2+4+6+8+10+12+14+16 =18
。
6 / 29
word
2. (2004 年某某某某 3 分)图中是一幅“苹果图”,第一行有 1 个苹果,第二行有 2 个, 第三行有 4 个,第四行有 8 个,…,你是否发现苹果的排列规律?猜猜看,第六行有 ▲ 个苹果、第十行有
D.15+ 5 5
【答案】C。
【考点】动点问题,圆心角、弧、弦的关系,勾股定理。
【分析】∵由于 AC 和 BC 值固定,点 P 在弧 AD 上,而 B 是圆心,所以 PB 的长也是定值,因
此,只要 AP 的长为最大值。
∴当 P 的运动到 D 点时,AP 最长为 5 2 。
∴四边形 ACBP 周长的最大值是 5×3+5 2 =15+5 2 。故选 C。 10. (2010 年某某某某 4 分)下面四个立体图形中,主视图是三角形的是【 】
2
∵这三个数中 36 最大,∴使花坛面积最大的图案是圆。故选 C。
2. (2004 年某某某某 4 分)下列图形中能够用来作平面镶嵌的是【 】
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2012中考数学试题及答案分类汇编:图形的变换一、选择题1. (北京4分)下列图形中,即是中心对称又是轴对称图形的是A、等边三角形B、平行四边形C、梯形D、矩形【答案】D。
【考点】中心对称和轴对称图形。
【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念,轴对称图形两部分沿对称轴折叠后可重合;中心对称图形是图形沿对称中心旋转180度后与原图重合。
从而有A、是轴对称图形,不是中心对称图形.故本选项错误;B、是不是轴对称图形,是中心对称图形.故本选项错误;C、是轴对称图形,不是中心对称图形.故本选项错误;D、既是轴对称图形,又是中心对称图形.故本选项正确。
故选D。
2.(天津3分)下列汽车标志中,可以看作是中心对称图形的是【答案】A。
【考点】中心对称图形。
【分析】根据在平面内,一个图形绕某个点旋转180°,如果旋转前后的图形互相重合,那么这个图形叫做中心对称图形的定义,直接得出结果。
3.(天津3分)下图是一支架(一种小零件),支架的两个台阶的高度和宽度都是同一长度.则它的三视图是【答案】A。
【考点】几何体的三视图。
【分析】找到从正面看所得到的图形即可,注意所有的看到的棱都应表现在主视图中:细心观察原立体图形的位置,从正面看,是一个矩形,矩形左上角缺一个角;从左面看,是一个正方形;从上面看,也是一个正方形。
故选A 。
4.(河北省2分)将图1围成图2的正方体,则图1中的红心“”标志所在的正方形是正方体中的A 、面CDHEB 、面BCEFC 、面ABFGD 、面ADHG【答案】A 。
【考点】展开图折叠成几何体。
【分析】由图1中的红心“”标志,可知它与等边三角形相邻,折叠成正方体是正方体中的面CDHE 。
故选A 。
5.(山西省2分)将一个矩形纸片依次按图(1)、图(2)的方式对折,然后沿图(3)中的虚线裁剪,最后将图(4)的纸再展开铺平,所得到的图案是【答案】A 。
【考点】剪纸问题。
【分析】严格按照图中的顺序先向上再向右对折,从左下方角剪去一个直角三角形,展开得到结论。
故选A 。
6.(山西省2分)如图是一个工件的三视图,图中标有尺寸,则这个工件的体积是A .13π2cmB .17π2cmC .66π2cmD .68π2cm【答案】B。
【考点】由三视图判断几何体,圆柱的计算【分析】根据三视图可知该几何体是两个圆柱体叠加在一起,体积是两个圆柱体的体积的和:底面直径分别是2cm和4cm,高分别是4cm和1cm,∴体积为:4π×22+π=17πcm2。
故选B。
7.(内蒙古巴彦淖尔、赤峰3分)在下面的四个几何体中,主视图、俯视图、左视图都相同的几何体的个数有A、1个B、2个C、3个D、4个【答案】A。
【考点】简单几何体的三视图。
【分析】主视图、俯视图、左视图是分别从物体正面、上面和左面看,所得到的图形,圆柱主视图、俯视图、左视图分别是长方形、圆、长方形,主视图、左视图与俯视图不相同;圆锥主视图、俯视图、左视图分别是三角形、有圆心的圆、三角形,主视图、左视图与俯视图不相同;球主视图、俯视图、左视图都是圆,主视图、俯视图、左视图都相同;长方体主视图、俯视图、左视图是大小不同的矩形,三视图不相同。
共1个同一个几何体的主视图与俯视图、左视图相同。
故选A。
8.(内蒙古包头3分)下列几何体各自的三视图中,只有两个视图相同的是①正方体②圆锥体③球体④圆柱体A.①③B.②③C.③④D.②④【答案】D。
【考点】简单几何体的三视图。
【分析】主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看,所得到的图形,分别分析四个几何体的三视图,从中找出只有两个视图相同的几何体,可得出结论:①正方形的主、左和俯视图都是正方形;②圆锥的主、左视图是三角形,俯视图是圆;③球体的主、左和俯视图都是圆形;④圆柱的主、左视图是长方形,俯视图是圆。
只有两个视图相同的几何体是圆锥和圆柱。
故选D。
9.(内蒙古呼和浩特3分)已知圆柱的底面半径为1,母线长为2,则圆柱的侧面积为A、2B、4C、2πD、4π【答案】D。
【考点】圆柱的展开。
【分析】圆柱沿一条母线剪开,所得到的侧面展开图是一个矩形,它的长是底面圆的周长,即2π,宽为母线长为2cm,所以它的面积为4πcm2。
故选D。
10.(内蒙古呼和浩特3分)将如图所示表面带有图案的正方体沿某些棱展开后,得到的图形是A、B、C、D、【答案】C。
【考点】几何体的展开图。
【分析】由原正方体知,带图案的三个面相交于一点,而通过折叠后A、B都不符合,且D 折叠后图案的位置正好相反,所以能得到的图形是C。
故选C。
11.(内蒙古呼伦贝尔3分)如图,几何体的俯视图是【答案】C。
【考点】简单组合体的三视图。
【分析】找到从上面看所得到的图形即可:从上面看易得里层有4个正方形,外层左边有1个正方形。
故选C。
12.(内蒙古乌兰察布3分)如图是由五个相同的小正方体搭成的几何体,它的主视图是【答案】B。
【考点】简单组合体的三视图。
【分析】找到从正面看所得到的图形即可:从正面看易得第一层左边有1个正方形,第二层有3个正方形。
故选B。
13.(内蒙古乌兰察布3分)己知O为圆锥的顶点,M 为圆锥底面上一点,点P 在OM上.一只锅牛从P点出发,绕圆锥侧面爬行,回到P点时所爬过的最短路线的痕迹如图所示,若沿OM将圆锥侧面剪开并展开,所得侧面展开图是【答案】D。
【考点】圆锥的展开,扇形的轴对称性,线段的性质。
【分析】根据两点之间比下有余最短的性质,锅牛爬过的最短路线应是一条线段:根据扇形的轴对称性,选择D正确。
故选D。
14.(内蒙古乌兰察布3分)将正方体骰子(相对面上的点数分别为1 和6 、2 和5 、3 和4 )放置于水平桌面上,如图①.在图②中,将骰子向右翻滚90 ,然后在桌面上按逆时针方向旋转900,则完成一次变换.若骰子的初始位置为图①所示的状态,那么按上述规则连续完成10次变换后,骰子朝上一面的点数是A . 6B . 5C . 3D . 2【答案】B。
【考点】分类归纳(图形变化类)。
【分析】寻找规律:可知,按上述规则连续完成3次变换后,骰子回到初始位置,因此连续完成10次变换后,骰子与完成1次变换的状态相同。
故选B。
二、填空题1.(北京4分)若下图是某几何体的表面展开图,则这个几何体是▲.【答案】圆柱。
【考点】平面图形的折叠和立体图形的表面展开。
【分析】由平面图形的折叠及立体图形的表面展开图的特点知道,一个长方形和两个圆折叠后,能围成的几何体是圆柱。
2.(河北省3分)如图1,两个等边△ABD,△CBD的边长均为1,将△ABD沿AC方向向右平移到△A’B’D’的位置,得到图2,则阴影部分的周长为▲.【答案】2。
【考点】平移的性质,等边三角形的判定和性质。
【分析】如图,∵两个等边△ABD,△CBD的边长均为1,将△ABD沿AC方向向右平移到△A’B’D’的位置,∴A′M=A′N=MN,MO=DM=DO,OD′=D′E=OE,EG=EC=GC,B′G=RG=RB′,∴OM+MN+NR+GR+EG+OE=A′D′+CD=1+1=2。
3.(河北省3分)如图,给正五边形的顶点依次编号为1,2,3,4,5.若从某一顶点开始,沿正五边形的边顺时针方向行走,顶点编号的数字是几,就走几个边长,则称这种走法为一次“移位”.如:小宇在编号为3的顶点上时,那么他应走3个边长,即从3→4→5→1为第一次“移位”,这时他到达编号为1的顶点;然后从1→2为第二次“移位”.若小宇从编号为2的顶点开始,第10次“移位”后,则他所处顶点的编号是▲.【答案】3。
【考点】分类归纳(图形的变化类)。
【分析】根据“移位”的特点,寻找规律,得出结论:∵小宇在编号为2的顶点上时,那么他应走2个边长,即从2→3→4为第1次“移位”,这时他到达编号为4的顶点;然后从4→5→1→2→3为第2次“移位”,然后从3→4→5→1为第3次“移位”;然后从1→2为第4次“移位”。
∴2→3→4→5→1→2四次移位为一个循环返回顶点2。
∴第10次“移位”后,他所处顶点的编号与第2次“移位”的编号3相同,即他所处顶点的编号是3。
4.(山西省3分)如图是用相同长度的小棒摆戍的一组有规律的图案,图案(1)需要4根小棒,图案(2)需要10根小棒……,按此规律摆下去,第n个图案需要小棒▲根(用含有n的代数式表示)。
【答案】6n-2。
【考点】分类归纳(图形的变化类)。
【分析】找出规律:如图可知,后一幅图总是比前一幅图多两个菱形,即多6根小棒,图案(1)需要小棒:6×1-2=4(根);图案(2)需要小棒:6×2-2=10(根);图案(3)需要小棒:6×3-2=16(根);图案(4)需要小棒:6×4-2=22(根);则第n 个图案需要小棒:6n -2根。
5.(山西省3分)如图,△ABC 是等腰直角三角形,∠ACB=90°,AB=AC ,把△ABC 绕点A 按顺时针方向旋转45°后得到△AB’C’,若AB=2,则线段BC 在上述旋转过程中所扫过部分(阴影部分)的面积是 ▲ (结果保留π)。
【答案】14π+。
【考点】旋转的性质,等腰三角形的性质,勾股定理,扇形和三角形面积。
【分析】根据题意,阴影部分的面积为(S 扇形ABB′-S △ABC )+(S △AB′C′-S 扇形ACC′) 由勾股定理,得AC=2。
由等腰三角形的性质,得两扇形的圆心角为450。
∴阴影部分的面积为()224524521122221360223604πππ⋅⋅⋅⋅-⋅⋅+⋅⋅-=+6.(内蒙古包头3分)如图,边长为a 的正方形中有一个边长为b 的小正方形,若将图1的阴影部分拼成一个长方形,如图2,比较图1和图2的阴影部分的面积,你能得到的公式是 ▲ .【答案】a 2﹣b 2=(a+b )(a ﹣b )。
【考点】平方差公式的几何意义。
【分析】根据题意分别求得图1与图2中阴影部分的面积,由两图形阴影面积相等,即可求得答案:图1中阴影部分的面积为:a 2﹣b 2;图2中阴影部分的面积为:(a+b )(a ﹣b )。
∵两图形阴影面积相等,∴可以得到的结论是:a 2﹣b 2=(a+b )(a ﹣b )。
7.(内蒙古包头3分)如图,把矩形纸片OABC 放入平面直角坐标系中,使OA ,OC 分别落在x 轴、y 轴上,连接AC ,将矩形纸片OABC 沿AC 折叠,使点B 落在点D 的位置,若B (1,2),则点D 的横坐标是 ▲ .【答案】-35。
【考点】翻折变换(折叠问题),矩形的性质,平行的判定和性质,折叠对称的性质,相似三角形的判定和性质,坐标与图形性质。
【分析】过点D 作DF ⊥OA 于F ,∵四边形OABC 是矩形,∴OC ∥AB 。
∴∠ECA=∠CAB 。