(完整版)高中物理选修3-2课后习题答案及解释
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选修3-2参考答案
选修3-2参考答案 第一章 电磁感应第1节 电磁感应现象的发现 第2节 感应电流产生的条件【阅读指导】1．奥斯特， 10 ⑴ 变化中的电流 ⑵ 变化中的磁场 ⑶ 运动中的恒定电流 ⑷ 运动中的磁铁 ⑸ 运动中的导线， 感应电流 。
2．切割 ， 不出现 ，切割磁感线的 3．切割磁感线的 ， 有， 有， 大 4．磁通量发生变化5．磁感线条数叫做穿过这一面积的磁通量度 ， Φ， 韦伯， Wb 6．BS ， 0 7．1.0×10-2 Wb ，0 8．2T 【课堂练习】 基础部分1．1.0×10-3Wb 2．4.0×10-2T 3．略 4．D 5．ACD 6．D 7．B 8．B 9．AB 发展部分1．D 2．C 3．D 4．C 5．B 6．C 7．A 8．C 9．ABCD 10．C第3节 法拉第电磁感应定律【阅读指导】1．电动势2．磁通量，感应电动势，变化快慢3．感受应电流，感应电流，感应电动势 4．△Φ/△t ，正比 5．Φ2－Φ1，△Φ/△t6．tnE ∆∆Φ= 7．BLv E =，αsin BLv E =。
8．略9．机械运动，电磁运动，发电机，变压器，感应电动机，电气化、自动化、信息化 【课堂练习】 基础部分1．C 2．A 3．B 4．a ，0.5V ，0.5V 5．BC 6．CD 7．（1）0.2V （2）0.4A 发展部分1．BC 2．C 3．AD 4．D 5．CD 6．C 7．C 8．B 9．B 10．D(据法拉第电磁感应率，可知线圈中产生的感应电动势为E=t∆Φ∆=12t BS ⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭∆而电荷量Q ：I ·Δtt ∆=(1C =+11．△φ=φ2-φ1=0.5×20×10sn -sn4-0.1×20×10sn -4=8×10-4Wb 4t ∆Φ∆=48100.05-⨯=1.6×10-2Wb ／s E=n t∆Φ∆=200×1.6×10-2=3.2v12．AB 切割磁感线相当于电源，其等效电路如图所示，E AB =BLv -0.2×0.5×10=1VI AB = 1212 AB E R R R R +=0.1A13．电容器两板间的电势差即为线圈中产生的感应电动势，E=t∆∆Φ，电容器的带电荷量为： Q=CE=942-51061085105103---⨯=⨯⨯⨯⨯⨯⨯ C14．解：(1)在转过180°的过程中，磁通量的变化量为△φ=2BS=2BL 1L 2，所用的时间Δt=ωπ=2T . 由法拉第电磁感应定律得这一过程中的平均电动势为：E=nt∆∆Φ=100×2×0.1×0.4×0.2×ππ100=160V(2)这一过程通过导体某一截面的电荷量为：q=I·Δt=R E ·Δt=Rn L 2BL R n t R t n 21=∆Φ=∆••∆∆Φ=4×10-2C 15．解：(1)ab 棒达到稳定速度后，应具有受力平衡的特点，设此时棒ab 所受安培力为F B .则F-mgsin30°+F B ①而F B =BIL=RvL B 22.②牵引力F=vP ③ 将②③代人①后得vP=mgsin30°+R v L B 22代人数据后得v 1=2m ／s ，v 2=-3m ／s(舍去)(2)设从静止到稳定速度所需时间为t.棒ab 从静止开始到具有稳定速度的过程中在做变加速直线运动，据动能定理有：Pt-mgsin30°·s—Q=2mv 21-0 代人数据得t=1.5s.第4节 楞次定律【阅读指导】1．右手定则，运动，感应电流2．楞次定律，①原磁场；②磁通量；③感应电流磁场；④感应电流 3．略 【课堂练习】 基础部分1．A 2．C 3．CD 4．A 5．AC 6．B 7．AD 8．B 9．CE 10．D 11．a 到b ，右 12．收缩，增大(根据楞次定律判断)13．导线环内产生的感应电动势为E=t∆∆Φ=0.01×10-3=10-5V 电容器的带电荷量Q=CE=10-5×10-5=10-10C 根据楞次定律可判断知b 板带正电14．解：磁铁接近线圈时，穿过回路的磁通量增大，在闭合回路中出现的感应电流阻碍磁通量的增加，闭合回路有两种作用可阻碍磁通量增加，第一是回路向下退缩，但水平面限制了它不能向下退，因而出现导体杆与水平面间的正压力增大，第二是回路的收缩，由于四根导体杆可以在水平面内运动，所以它们都得相向运动，互相靠近.15．解：欲使ab 保持静止状态，ab 所受的安培力应与其所受的重力相平衡，故ab 所受的安培力大小为F ab =0.04N ，方向竖直向上.据左手定则可判断知ab 中的电流方向为b→a，据楞次定律判断得圆线圈中磁场B 1在减弱.设圆线圈中磁通量变化率为t∆∆Φ，则圆线圈中产生的感应电动势为E=t∆∆Φ，感应电流为：I=R E =t ∆∆Φ/R ，导体ab 所受的安培力为：F ab =BIL=B 2·tR ∆∆Φ·L ab =0.04N 解得t∆∆Φ=1.02.05.004.0⨯⨯=1Wb ／s发展部分（１）1．B 2．B 3．A 4．A 5．CD 6．C 7．C 8．BCD 9．AC 10．B11．圆弧金属丝的有效长度即为a 、b 的直线距离：R 3ab =所以E ab =BLv=3BRv再据右手定则可判断得：a 点电势比b 点高12．据能的转化和守恒定律可知：Q=2mgh.13．初始状态导线环中的磁通量为φ1=(πb 2-πa 2)B-πa 2B末状态导线环中的磁通量为φ2=0.其磁通量的变化量|Δφ|=|φ2-φ1|=|(πb 2-2πa 2)B|产生的电荷量q=R||∆Φ=|()R 2a b B 22-π|14．解：线圈的整个运动情况如图中所示，可分为三个阶段Ⅰ→Ⅱ，Ⅱ→Ⅲ，Ⅲ→Ⅳ.在Ⅰ→Ⅱ的过程中，由于线圈匀速进入磁场.据E=BLv 和I=RE 可知线圈内的感应电流为一恒定的值i 0。
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新课标高中物理选修32课后习题答案
高中物理3.2课后习题答案第4章第1节 划时代的发现1． 奥斯特实验，电磁感应等．2． 电路是闭合的．导体切割磁感线运动．第2节 探究电磁感应的产生条件1． （1）不产生感应电流（2）不产生感应电流（3）产生感应电流2． 答：由于弹簧线圈收缩时，面积减小，磁通量减小，所以产生感应电流．3． 答：在线圈进入磁场的过程中，由于穿过线圈的磁通量增大，所以线圈中产生感应电流；在线圈离开磁场的过程中，由于穿过线圈的磁通量减小，所以线圈中产生感应电流；当个线圈都在磁场中时，由于穿过线圈的磁通量不变，所以线圈中不产生感应电流．4． 答：当线圈远离导线移动时，由于线圈所在位置的磁感应强度不断减弱，所以穿过线圈的磁通量不断减小，线圈中产生感应电流．当导线中的电流逐渐增大或减小时，线圈所在位置的磁感应强度也逐渐增大或减小，穿过线圈的磁通量也随之逐渐增大或减小，所以线圈中产生感应电流．5． 答：如果使铜环沿匀强磁场的方向移动，由于穿过铜环的磁通量不发生变化，所以，铜环中没有感应电流；如果使铜环在不均匀磁场中移动，由于穿过铜环的磁通量发生变化，所以，铜环中有感应电流．6． 答：乙、丙、丁三种情况下，可以在线圈B 中观察到感应电流．因为甲所表示的电流是稳恒电流，那么，由这个电流产生的磁场就是不变的．穿过线圈B 的磁通量不变，不产生感应电7． 流．乙、丙、丁三种情况所表示的电流是随时间变化的电流，那么，由这样的电流产生的磁场也是变化的，穿过线圈B 的磁通量变化，产生感应电流．8． 为了使MN 中不产生感应电流，必须要求DENM 构成的闭合电路的磁通量不变，即20BS B l =，而()S l vt l =+，所以，从0t =开始，磁感应强度B 随时间t 的变化规律是0B l B l vt=+ 第3节 楞次定律1． 答：在条形磁铁移入线圈的过程中，有向左的磁感线穿过线圈，而且线圈的磁通量增大．根据楞次定律可知，线圈中感应电流磁场方向应该向右，再根据右手定则，判断出感应电流的方向，即从左侧看，感应电流沿顺时针方向．2． 答：当闭合开关时，导线AB 中电流由左向右，它在上面的闭合线框中引起垂直于纸面向外的磁通量增加．根据楞次定律，闭合线框中产生感应电流的磁场，要阻碍它的增加，所以感应电流的磁场在闭合线框内的方向是垂直纸面向里，再根据右手定则可知感应电流的方向是由D 向C ．当断开开关时，垂直于纸面向外的磁通量减少．根据楞次定律，闭合线框中产生感应电流的磁场，要阻碍原磁场磁通量的减少，所以感应电流的磁场在闭合线框内的方向是垂直纸面内外，再根据右手定则可知感应电流的方向是由C 向D ．3． 答：当导体AB 向右移动时，线框ABCD 中垂直于纸面向内的磁通量减少．根据楞次定律，它产生感应电流的磁场要阻碍磁通量减少，即感应电流的磁场与原磁场方向相同．垂直于纸面向内，所以感应电流的方向是A →B →C →D ．此时，线框ABFE 中垂直纸面向内的磁通量增加，根据楞次定律，它产生的磁场要阻碍磁通量的增加，即感应电流的磁场与原磁场方向相反，垂直于纸面向外．所以，感应电流的方向是A →B →F →E ．所以，我们用这两个线框中的任意一个都可以判定导体AB 中感应电流的方向．说明：此题对导体AB 中的电流方向的判定也可用右手定则来确定．4． 答：由于线圈在条形磁铁的N 极附近，所以可以认为从A 到B 的过程中，线圈中向上的磁通量减小，根据楞次定律，线圈中产生的感应电流的磁场要阻碍磁通量的减少，即感应电流的磁场与原磁场方向相同，再根据右手螺旋定则可知感应电流的方向，从上向下看为逆时针方向．从B 到C 的过程中，线圈中向下的磁通量增加，根据楞次定律，线圈中产生的感应电流的磁场要阻碍磁通量的增加，即感应电流的磁场与原磁场方向相反，再根据右手螺旋定则可知感应电流的方向，从上向下看为逆时针方向．5． 答：（1）有感应电流（2）没有感应电流；（3）有感应电流；（4）当合上开关S 的一瞬间，线圈P 的左端为N 极；当打开开关S 的上瞬间，线圈P 的右端为N 极．6． 答：用磁铁的任一极（如N 极）接近A 球时，穿过A 环中的磁通量增加，根据楞次定律，A 环中将产生感应电流，阻碍磁铁与A 环接近，A 环将远离磁铁；同理，当磁铁远离发A 球时，A 球中产生感应电流的方向将阻碍A 环与磁铁远离，A 环将靠近磁铁．由于B 环是断开的，无论磁极移近或远离B 环，都不会在B 环中形成感应电流，所以B 环将不移动．7． 答：（1）如图所示．圆盘中任意一根半径CD 都在切割磁感线，这半径可以看成一个电源，根据右手定则可以判断，D 点的电势比C 点高，也就是说，圆盘边缘上的电势比圆心电势高，（2）根据右手定则判断，D 点电势比C 点高，所以流过电阻R 的电流方向自下向上．说明：本题可拓展为求CD 间的感应电动势．设半径为r ，转盘匀速转动的角速度ω，匀强磁场的磁感应强度为B ，求圆盘转动时的感应电动势的大小．具体答案是212E Br ω=． 第4节 法拉第电磁感应定律1． 正确的是D ．2． 解：根据法拉第电磁感应定律，线圈中感应电动势为0.090.021000V 175V 0.4E n t -∆Φ==⨯=∆；根据闭合电路欧姆定律可得，通过电热器的电流为175A=0.175A 99010E I R r ==++ 3． 解：根据导线切割磁感线产生感应电动势的公式E Blv =得：缆绳中的感应电动势54334.610 2.05107.610V=7.210V E -=⨯⨯⨯⨯⨯⨯4． 答：可以．声音使纸盒振动，线圈切割磁感线，产生感应电流．5． 答：因为线圈绕OO '轴转动时，线圈长2L 的边切割磁感线的速度变化，感应电动势因而变化．根据公式sin E Blv θ=和v r ω=有12sin E BL L ωθ=．因为12S L L =，90θ=︒，所以，E BS ω=．6． 答：（1）根据法拉第电磁感应定律，线圈中感应电动势2B E n n R t t π∆Φ∆==∆∆，所以，22441A BE E ==．（2）根据闭合电路欧姆定律，可得通过线圈的电流2122S E B B I n R n R R t R t Sππρρ∆∆===∆∆，所以，221A AB B I R I R ===． 7． 答：管中有导电液体流过时，相当于一段长为d 的导体在切割磁感线，产生的感应电动势E Bdv =．液体的流量()22d Q v π=，即液体的流量与电动势E 的关系为4d Q E B π=． 第5节 电磁感应定律的应用1． 解：根据导线切割磁感线产生感应电动势的公式E Blv =，该机两翼尖间的电势差为54.71012.70.7340V=0.142V E -=⨯⨯⨯⨯，根据右手定则可知，从驾驶员角度来说，左侧机翼电势高。
物理选修32课后习题答案
物理选修32课后习题答案物理选修32课后习题答案物理选修32课后习题是学生们在学习物理选修32课程时的重要练习和巩固知识的方式。
通过解答这些习题，学生们可以更好地理解和掌握物理选修32课程中的相关概念和原理。
下面是对这些习题的详细解答。
1. 问题：在静电场中，电场强度的方向如何确定？解答：电场强度的方向由正电荷所受的力方向确定。
正电荷在电场中受到的力的方向与电场强度的方向相同，而负电荷在电场中受到的力的方向与电场强度的方向相反。
2. 问题：什么是电势差？如何计算电势差？解答：电势差是指单位正电荷从一个点移动到另一个点时所做的功。
电势差可以通过以下公式计算：电势差 = 电场强度× 距离其中，电场强度是指单位正电荷所受的力，距离是指电荷在电场中移动的距离。
3. 问题：什么是电容？如何计算电容？解答：电容是指导体存储电荷的能力。
电容可以通过以下公式计算：电容 = 电荷量 / 电势差其中，电荷量是指导体上的电荷总量，电势差是指导体上的电势差。
4. 问题：什么是电流？如何计算电流？解答：电流是指单位时间内通过导体横截面的电荷量。
电流可以通过以下公式计算：电流 = 电荷量 / 时间其中，电荷量是指通过导体横截面的电荷总量，时间是指电荷通过导体的时间。
5. 问题：什么是电阻？如何计算电阻？解答：电阻是指导体阻碍电流流动的能力。
电阻可以通过以下公式计算：电阻 = 电势差 / 电流其中，电势差是指导体上的电势差，电流是指通过导体的电流。
6. 问题：什么是欧姆定律？如何应用欧姆定律？解答：欧姆定律是指在恒定温度下，导体两端的电压与通过导体的电流成正比。
欧姆定律可以用以下公式表示：电压 = 电流× 电阻通过欧姆定律，我们可以计算出导体的电流或电阻，或者根据已知的电流和电阻计算出电压。
7. 问题：什么是串联电路和并联电路？解答：串联电路是指电流只有一条路径可以流过的电路。
在串联电路中，电流在各个电阻之间依次流动。
鲁科版高中物理选修3-2参考答案
选修3-2第一章《电磁感应》参考答案1.1【学习反馈】C1.1【达标检测】1、C ；2、B ；3、C ；4、D ；5、A ；6、D 。
1.2【学习反馈】A ；C ；B ；B 。
1.2【达标检测】1、C ；2、B ；3、B ；4、A ；5、B ；6、B ；7、(1)mg2LR P (2)2P mg1.3【学习反馈】B ；C ；C 。
1.3【达标检测】1、D ；2、A ；3、C ；4、C ；5、A ；6、D 。
第二章《楞次定律和自感现象》参考答案2.1感应电流的方向学习探究 问题1当回路的磁通量增大时，感应电流的磁场方向与原磁场的方向相反。
感应电流的磁场 “阻碍”原磁通量的变化。
若是原磁通量减小，感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同，感应电流的磁场 “阻碍”原磁通量的变化。
【学习反馈】 1.顺时针问题2感应电流产生的磁场起阻碍作用，阻碍的是原磁通量的变化。
如果原磁通量增大，则感应产生反向的磁场，如果原磁通量减小，则感应产生同向的磁场：即“增反减同”。
感应电流的磁场只能阻碍原磁通量的变化，不能阻止原磁通量的变化。
阻碍的根本原因是要在电磁感应现象中满足能量守恒定律。
【学习反馈】2.开关闭合时，顺时针；开关断开时，逆时针。
3.D 问题3【学习反馈】 4．B5.穿过线圈的磁场方向向右．当线圈从磁铁中央向磁极N 位置移动时，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律判断得知：线圈中产生的感应电流的方向为adcba 。
线圈面积减小。
问题4右手定则适用范围：用于导线在磁场中切割磁感线而产生感应电流（或感应电动势）的问题 【学习反馈】 6.C达标检测1.B2.A3.A4. C.(由于A 带负电，当转动时相当于电荷定向移动，从而产生电流，并且电流的变化，导致B 的磁通量发生变化，最终使金属环B 有电流．)5.A(电流先沿正方向减小，产生的磁场将减小，此时由右手定则可知，穿过线框的磁场垂直于线框向里且减小，故电流顺时针，由左手定则可知左侧竖直导线受到的安培力大于右侧边框受到的安培力，故水平向左；当电流减小到零在反向增大时，此时由右手定则可知，穿过线框的磁场垂直于线框向外且增大，故电流顺时针，由左手定则可知左侧竖直导线受到的安培力小于右侧边框受到的安培力，故水平向右)6.B7．有，从a向b8.进入磁场时，逆时针方向；全在磁场中时，无感应电流；出磁场时，顺时针方向。
高中物理选修32课后习题和答案以及解释
课后练习一第1 讲电磁感应和楞次定律1．如图17-13所示，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时，线圈c中将有感应电流产生（）A．向右做匀速运动B．向左做匀速运动C．向右做减速运动D．向右做加速运动答案：CD详解：导体棒做匀速运动，磁通量的变化率是一个常数，产生稳恒电流，那么被线圈缠绕的磁铁将产生稳定的磁场，该磁场通过线圈c不会产生感应电流；做加速运动则可以；2．磁单极子”是指只有S极或N极的磁性物质，其磁感线分布类似于点电荷的电场线分布。
物理学家们长期以来一直用实验试图证实自然界中存在磁单极子，如题图4所示的实验就是用于检测磁单极子的实验之一，abcd为用超导材料围成的闭合回路，该回路旋转在防磁装置中，可认为不受周围其它磁场的作用。
设想有一个S极磁单极子沿abcd的轴线从左向右穿过超导回路，那么在回路中可能发生的现象是：A.回路中无感应电流；B.回路中形成持续的abcda流向的感应电流；C.回路中形成持续的adcba流向的感应电流；D.回路中形成先abcda流向而后adcba流向的感应电流答案：C详解：参考点电荷的分析方法，S磁单极子相当于负电荷，那么它通过超导回路，相当于向左的磁感线通过回路，右手定则判断，回路中会产生持续的adcba向的感应电流；3．如图3所示装置中，线圈A的一端接在变阻器中点，当变阻器滑片由a滑至b端的过程中，通过电阻R的感应电流的方向（）A．由c流向d B．先由c流向d，后由d流向cC．由d流向c D．先由d流向c，后由c流向d答案：A详解：滑片从a滑动到变阻器中点的过程，通过A线圈的电流从滑片流入，从固定接口流出，产生向右的磁场，而且滑动过程中，电阻变大，电流变小，所以磁场逐渐变小，所以此时B线圈要产生向右的磁场来阻止这通过A线圈的电流从滑片流入，从固定接口流出种变化，此时通过R点电流由c流向d；从中点滑动到b的过程，通过A线圈的电流从固定接口流入，从滑片流出，产生向左的磁场，在滑动过程中，电阻变小，电流变大，所以磁场逐渐变大，所以此时B线圈要产生向右的磁场来阻止这种变化，通过R的电流仍从c流向d。
高中物理选修3-2课后习题及测评试卷答案解析
第四章电磁感应1划时代的发现2探究感应电流的产生条件A组1.如图所示,一个矩形线圈与两条通有相同大小电流的平行直导线处于同一平面,并且处在两导线的中央,则()A.两导线电流同向时,穿过线圈的磁通量为零B.两导线电流反向时,穿过线圈的磁通量为零C.两导线电流同向或反向,穿过线圈的磁通量都相等D.两导线电流产生的磁场是不均匀的,不能判定穿过线圈的磁通量是否为零解析:根据安培定则,两导线电流同向时,它们在线圈处产生的磁场反向,穿过线圈的磁通量为零;两导线电流反向时,它们在线圈处产生的磁场同向,穿过线圈的磁通量不为零,故选项A正确。
答案:A2.如图所示,条形磁铁正上方放置一矩形线框,线框平面水平且与条形磁铁平行。
则线框由N极端匀速平移到S极端的过程中,线框中的感应电流的情况是()A.线框中始终无感应电流B.线框中始终有感应电流C.线框中开始有感应电流,当线框运动到磁铁中部时无感应电流,过中部后又有感应电流D.线框中开始无感应电流,当线框运动到磁铁中部时有感应电流,过中部后又无感应电流解析:先画出条形磁铁的磁场分布情况,然后分析线圈在平移过程中,穿过线框的磁通量的变化情况,可知,穿过线圈的磁通量始终在变化,故B正确。
答案:B3.如图所示,矩形线框在磁场内做的各种运动中,能够产生感应电流的是()解析:产生感应电流的条件是穿过线圈的磁通量发生变化,选项B符合要求。
答案:B4.如图所示,竖直放置的长直导线通以图示方向的电流,有一矩形金属线框abcd与导线处在同一平面内,下列情况下,矩形线框中不会产生感应电流的是()A.导线中电流变大B.线框向右平动C.线框向下平动D.线框以ab边为轴转动解析:导线中电流变大,则周围的磁感应强度增强,线框中磁通量增大,可以产生感应电流;线框向右平动时,线框中的磁感应强度减小,磁通量减小,可以产生感应电流;线框向下平动时,线框中的磁感应强度不变,磁通量不变,不会产生感应电流;线框以ad边为轴转动时,线框中的磁通量发生变化,会产生感应电流,故选项A、B、D不合题意,选项C符合题意。
新课标高中物理选修32课后习题答案
.高中物理课后习题答第4章第1节划时代的发现1．奥斯特实验，电磁感应等．2．电路是闭合的．导体切割磁感线运动．第2节探究电磁感应的产生条件1．〔1〕不产生感应电流〔2〕不产生感应电流〔 3〕产生感应电流2．答：由于弹簧线圈收缩时，面积减小，磁通量减小，所以产生感应电流．3．答：在线圈进入磁场的过程中，由于穿过线圈的磁通量增大，所以线圈中产生感应电流磁场的过程中，由于穿过线圈的磁通量减小，所以线圈中产生感应电流；当个线圈都在于穿过线圈的磁通量不变，所以线圈中不产生感应电流．4．答：当线圈远离导线移动时，由于线圈所在位置的磁感应强度不断减弱，所以穿过线圈减小，线圈中产生感应电流．当导线中的电流逐渐增大或减小时，线圈所在位置的磁感增大或减小，穿过线圈的磁通量也随之逐渐增大或减小，所以线圈中产生感应电流．5．答：如果使铜环沿匀强磁场的方向移动，由于穿过铜环的磁通量不发生变化，所以，铜电流；如果使铜环在不均匀磁场中移动，由于穿过铜环的磁通量发生变化，所以，铜环.S (l vt)l，所以，从t 0开始，磁感应强度B随时间t的变化规律是第3节楞次定律．答：在条形磁铁移入线圈的过程中，有向左的磁感线穿过线圈，而且线圈的磁通量增大律可知，线圈中感应电流磁场方向应该向右，再根据右手定那么，判断出感应电流的方向感应电流沿顺时针方向．．答：当闭合开关时，导线AB中电流由左向右，它在上面的闭合线框中引起垂直增加．根据楞次定律，闭合线框中产生感应电流的磁场，要阻碍它的增加，所以感应电合线框内的方向是垂直纸面向里，再根据右手定那么可知感应电流的方向是由垂直于纸面向外的磁通量减少．根据楞次定律，闭合线框中产生感应电流的磁场，要阻量的减少，所以感应电流的磁场在闭合线框内的方向是垂直纸面内外，再根据右手定那么的方向是由C向D．．答：当导体AB向右移动时，线框ABCD中垂直于纸面向内的磁通量减少．根应电流的磁场要阻碍磁通量减少，即感应电流的磁场与原磁场方向相同．垂直于纸面向电流的方向是A→B→C→D．此时，线框ABFE中垂直纸面向内的磁通量增生的磁场要阻碍磁通量的增加，即感应电流的磁场与原磁场方向相反，垂直于纸面向外电流的方向是A→B→F→E．所以，我们用这两个线框中的任意一个都可以判定.左端为N极；当翻开开关S的上瞬间，线圈P的右端为N极．6．答：用磁铁的任一极〔如N极〕接近A球时，穿过A环中的磁通量增加，生感应电流，阻碍磁铁与A环接近，A环将远离磁铁；同理，当磁铁远离发电流的方向将阻碍A环与磁铁远离，A环将靠近磁铁．由于B环是断开的都不会在B环中形成感应电流，所以B环将不移动．7．答：〔1〕如下图．圆盘中任意一根半径CD都在切割磁感线，这半径可以定那么可以判断，D点的电势比C点高，也就是说，圆盘边缘上的电势比圆心电势那么判断，D点电势比C点高，所以流过电阻R的电流方向自下向上．说明：感应电动势．设半径为r，转盘匀速转动的角速度，匀强磁场的磁感应强应电动势的大小．具体答案是第4节法拉第电磁感应定律1．正确的选项是D．E12Br．22．解：根据法拉第电磁感应定律，线圈中感应电动势为据闭合电路欧姆定律可得，通过电热器的电流为E n100tIE175R r990103．解：根据导线切割磁感线产生感应电动势的公式 E Blv5 4 3 3E 4.6 10 2.05 10 7.6 10V=7.2 10V.IIARA22．BRB17．答：管中有导电液体流过时，相当于一段长为d的导体在切割磁感线，产体的流量Q v d22，即液体的流量与电动势E的关系为Q d E4B第5节电磁感应定律的应用1．解：根据导线切割磁感线产生感应电动势的公式E Blv，5E 4.7 10 ，根据右手定那么可知，从驾驶员角高。
高中物理经典习题及答案选修3-2
2. 右手定则。 对一部分导线在磁场中切割磁感线产生感应电流的情况， 完全一致的。这时，用右手定则更方便一些。
220V
右手定则和楞次定律的结论是
3. 楞次定律的应用。 楞次定律的应用应该严格按以下四步进行： （增大还是减小） ；③确定感应电流的磁场方向 的方向。
①确定原磁场方向； ②判定原磁场如何变化 （增反减同） ；④根据安培定则判定感应电流
例 2：如图所示，闭合导体环固定。条形磁铁
S 极向下以初速度 v0 沿
NS v0
M
过导体环圆心的竖直线下落过程，导体环中的感应电流方向如何？
解：从“阻碍磁通量变化”来看，当条形磁铁的中心恰好位于线圈
M所在的水平面时，
磁铁内部向上的磁感线都穿过了线圈， 而磁铁外部向下穿过线圈的磁通量最少， 所以此时刻
a
L
b
解：重新闭合瞬间，由于电感线圈对电流增大的阻碍作用，
a
将慢慢亮起来，而 b 立即变亮。这时 L 的作用相当于一个大电阻；
R
稳定后两灯都正常发光， a 的额定功率大，所以较亮。这时 L 的作用相当于一只普通的电阻
（就是该线圈的内阻） ；断开瞬间，由于电感线圈对电流减小的阻碍作用，通过
a 的电流将
论是一样的， 但是叙述要复杂得多。 可见这类定性判断的题要灵活运用楞次定律的各种表达
方式。
例 6： 如图所示，水平面上有两根平行导轨，上面放两根金属
a b
棒 a、b。当条形磁铁如图向下移动时（不到达导轨平面） ， a、 b 将如何移动？
解：若按常规用“阻碍磁通量变化”判断，则需要根据下端磁极的极性分别进行讨论，
当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，
电路中有感应电流产生。 这
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电磁感应和楞次定律1. 答案：CD详解：导体棒做匀速运动，磁通量的变化率是一个常数，产生稳恒电流，那么被线圈缠绕的磁铁将产生稳定的磁场，该磁场通过线圈 c 不会产生感应电流；做加速运动则可以；2．答案：C详解：参考点电荷的分析方法，S 磁单极子相当于负电荷，那么它通过超导回路，相当于向左的磁感线通过回路，右手定则判断，回路中会产生持续的adcba 向的感应电流；3．答案：A详解：滑片从 a 滑动到变阻器中点的过程，通过 A 线圈的电流从滑片流入，从固定接口流出，产生向右的磁场，而且滑动过程中，电阻变大，电流变小，所以磁场逐渐变小，所以此时 B 线圈要产生向右的磁场来阻止这通过 A 线圈的电流从滑片流入，从固定接口流出种变化，此时通过R 点电流由c流向d;从中点滑动到b的过程，通过A线圈的电流从固定接口流入，从滑片流出，产生向左的磁场，在滑动过程中，电阻变小，电流变大，所以磁场逐渐变大，所以此时B线圈要产生向右的磁场来阻止这种变化，通过R的电流仍从c流向d o4．答案：B详解：aob 是一个闭合回路，oa 逆时针运动，通过回路的磁通量会发生变化，为了阻止这种变化，ob 会随着oa 运动;5．答案：A详解：开关在 a 时，通过上方的磁感线指向右，开关断开，上方的磁场要消失，它要阻止这种变化，就要产生向右的磁场来弥补，这时通过R2的电流从c指向d;开关合到b上时，通过上方线圈的磁场方向向左，它要阻止这种变化，就要产生向右的磁场来抵消，这时通过R2的电流仍从c指向d;6．答案：AC详解：注意地理南北极与地磁南北极恰好相反，用右手定则判断即可。
电磁感应中的功与能1．答案:C、D详解：ab 下落过程中，要克服安培力做功，机械能不守恒，速度达到稳定之前其减少的重力势能转化为其增加的动能和电阻增加的内能，速度达到稳定后，动能不再变化，其重力势能的减少全部转化为电阻增加的内能。
选CD2．答案：A详解：E=BLvI=E/R=BLv/RF=BIL=B A2L A2v/R W=Fd=B A2L A2dv/R=B A2SLv/R, 选A3．答案:B、C详解：开始重力大于安培力，ab 做加速运动，随着速度的增大，安培力增大，当安培力等于重力时，加速度为零；当速度稳定时达到最大，重力的功率为重力乘以速度，也在此时达到最大，最终结果是安培力等于重力，安培力不为0，热损耗也不为0.选BC4. 答案：(1) 5m/s。
(2) 1.5J。
详解：( 1 )导体棒做匀速运动时，重力沿斜面向下的分量等于安培力与摩擦力的和5. 答案：A详解：因为第二个半周期内，电流是均匀变化的，所以通过 B 的磁通量也是均匀变化的，它产生的感应电流不变， B 中电流的大小方向均不变，但是A 中的电流发生了变化，所以 F 的方向发生了改变。
选A6. 答案：0.3，1.0详解：(2)导线框每米长的电阻为0.1Q，则导线总电阻为0.3Q，感应电流1= /R=1.0A7. 答案详解：设杆ab 刚刚滑到水平轨道时的速度为，由机械能守恒得：两杆儿在水平轨道上运动时，两杆儿组成的系统动量守恒，设最终达到共同速度为，有由上述两式得：由于两杆儿的电阻相等，电流强度时刻相等，因此产生热量相等，设每根杆儿上产生的热量为Q ，根据能量守恒，有8. 答案：AC详解：从1到2，只受阻力，一定有v1> v2, 2到3,受重力，v2<v3,从2到3再到4,重力做功为0,不受安培力，所以v2 = v4 , 4到5的过程，由于不知道重力与安培力的大小关系，所以不能判断谁大谁小。
选AC9. 答案： ,由P 流向a.详解：此时感应电动势为，电路为ap段电阻与bp段电阻并联，并联电路总电阻为，所以并联电路分压为方向由P 流向a电磁感应现象在现实生活中的应用1 . 答案：ABC详解：在t1 到t2 时间内, 正方向的电流减小, 向右的磁场减小, 通过 B 的磁场与 A 同方向, 为力阻止磁场的减小, B 要产生同方向的磁场来补偿,通过右手定则判定, B 线圈的感应电流与A线圈一致，电流同向，线圈相吸；同理可以判断B正确；t1时刻，A的电流变化率为0, B 中没有感应电流,作用力为0；t2 时刻 A 的电流为0,作用力也为0；选ABC2. 答案：(1) 2.5 m/s (2) 2.5 W详解：(1)导体ab受G和框架的支持力N，而做加速运动由牛顿第二定律mgsin30 °=ma a =gsin30° = 5 （m/s2）但是导体从静止开始运动后，就会产生感应电动势，回路中就会有感应电流，感应电流使得导体受到磁场的安培力的作用。
设安培力为FA随着速度v的增加，加速度a逐渐减小。
当a=0时，速度v有最大值（2）在导体ab 的速度达到最大值时，电阻上释放的电功率3．答案：B详解：1、磁铁上下振动，使闭合线圈中的磁通量发生周期性变化，所以产生交流电流；2、交流电流产生感应磁场，会阻碍磁铁的振动，所以振动幅度逐渐减弱，即磁铁做阻尼振动；3、由于磁铁振动减弱，所以磁通量的变化变弱，所以产生的感应电流也变弱。
4．答案：C详解：匀速运动时，右边线圈产生磁场是稳定的，通过左边线圈的磁场也是稳定的不能产生电流，AB 错；向左匀加速运动时，右边线圈产生磁场向下，且增大，那么通过左边线圈的磁场也增大，产生感应电流刚好通过二极管，C对，D错；5．答案：4B（l+a' t2）a' t详解：经时间t 后，4根导体棒又构成边长为l' = l +a' t2 的正方形闭合电路，每根导体棒产生的感应电动势为e仁Bl' vt，式中vt =a't.题中所求的总电动势e 总=4e1=4B（l+a't2）a't .6. 答案：D详解：乙中右边闭合回路的磁通量变化是稳定的，所以导体棒产生的电流是恒定的，在左边的线圈不能产生感应电流，L2 不发光，甲中右边闭合回路的磁通量变化率是变化的，导体棒产生的电流也是变化的，所以在左边的线圈能够产生感应电流，L1 能发光。
选D7．答案详解：根据能量守恒判断，金属环中产生的热量等于初动能减去末动能自感与互感1 ．答案：AD详解：断开K时，电路（a）中线圈L产生自感电动势，与电阻R和灯S组成回路，使回路中电流11逐渐减小至零。
所以灯S是渐渐变暗的。
电路（b）中，K断开时，线圈L中产生的自感电动势要阻碍原来的电流I 1减小，它与灯S和电阻组成闭合回路，回路中电流方向是顺时针的，电流从I 1渐渐减小为零。
可见，断开K后，电路（b）中原来通过灯S的电流I 2立刻消失，而由自感电动势提供的电流I 1从右至左流过灯S,然后再逐渐减小为零，所以灯S是先变亮（闪亮），后变暗。
2．答案：D详解：开始时S1接通，刚接通S2时AB都在回路中，所以AB都亮，由题设正常发光， A 错，这时对于电感而言电流从0 到有，所以感抗极大，瞬间由于电感抑制作用过电感电流为0，故 B 对，接通瞬间相当于电感断路。
但是电感不阻止电流改变，所以一段时间后电流稳定，相当于电感吧 B 短路了，所以 C 对断开S2之前B无电流通过，电流过A和L,断开后，A不在任何闭合回路中，立即灭，L 中原来有电流，由于抑制电流改变的作用（你也可以理解为本来L 中的电流使L 成为电磁铁，电流有减小趋势，所以通过L的磁通量变化，电磁感应产生电动势，作用在L与B的回路中产生电流）总之 B 有电流通过，断开瞬间过 B 的电流很大（就是稳定态过L 的电流，相当于只有一盏灯接在电路里的电流），所以B 亮，但是后来电流还是会变小直至为0， B 灭。
3．答案：B详解：断开S1，拆除电流表，拆除电阻，效果都是一样的，由于L的自感作用，它要阻止电流的变化会产生a到b的感应电流，这时，如果S2没有断开，就会有电流反向流入电压表，相当于电压表反接，会损坏电压表；所以要先断开S25. 答案：（1）D1 （2）D2立刻熄灭，D1逐渐变暗，直至熄灭。
详解：（1）在电键S闭合的瞬间，电流不能通过电感，流过D1的电流分流到D2和负载电阻，所以通过D1 的电流比通过D2 的电流大，D1 较亮；（2）电键S 断开的瞬间，电感会产生反向的电流，在D1 与电感构成的回路中流动，所以D1 会逐渐变暗，最终熄灭；而D2 则立即熄灭；6. 答案：b, a,自感详解：在S 断开前，自感线圈L 中有向右的电流，断开S 后瞬间，L 的电流要减小，于是L 中产生自感电动势,阻碍自身电流的减小,但电流还是逐渐减小为零。
原来跟L 并联的灯泡A，由于电源的断开，向右的电流会立即消失。
但此时它却与L形成了串联的回路，L中维持的正在减弱的电流恰好从灯泡A中流过，方向由b到a。
这就是自感现象；7. 答案：（1）因R1 > R2，即11 V 12,所以小灯泡在K断开后先突然变到某一较暗状态，再逐渐变暗到最后熄灭。
（2）因R1V R2,即11 >I2，小灯泡在K断开后电流从原来的I2突变到11 （方向相反），然后再渐渐变小,最后为零,所以灯泡在K 断开后先变得比原来更亮,再逐渐变暗到熄灭。
交流电1 .答案：(1) 6V,(2) 0.5rad/s,(3) 3.8V, (4) 1.8W,(5) 1 .8N?m 。
详解：1）感应电动势的最大值为6V,（2）线圈转动的角速度为0.5rad/s,3）线圈从图示位置转过90°时,感应电动势的平均值为 3.8V,4）在线圈转动一周的过程中,电路所产生的热功率为 1.8W,5）当线圈平面与磁感线夹角为60°时,所受的磁力矩为1.8N?m2．答案：45W ，2.12A详解：交流电最大值为3A，有效值为2.12A，发热功率3．答案：B详解：感应电动势最大值，有效值为，灯泡的功率4．答案：D详解：钳形电流表的工作原理是利用电磁感应原理,把电缆线中的高电流变成电流表是低电流,再用刻度来表示电缆线中的高电流,因为电流表的量程有限.它只能测交流电流.设电缆线中的电流为I,电流表内线圈匝数为N,如图4(a)中电流表的读数为1.2A,则l/1.2=N/1,所以N=l/1.2(电流比等于匝数比的倒数)图4(b),设电流表的读数为11,则1/1仁N/3=(l/1.2)/3=l/3.6,所以I1=3.6A5. 答案：(1) 67.1% (2) t~ 192.3 天(3) 9 : 250, 2.78 Q详解：( 1 )电站能量转化效率为：代入数据：疋67.1%( 2)(3 )升压变压器匝数比为：9 : 250据=IU 得1= 9.0X 103A由得: R= 2.78 Q6. 答案：B详解：输电线上损失的电功率自然与输电线上的电压降的平方成正比；输送的电功率一定，输送的电压增大，则电流减小，所以与输送电压的平方成反比；7. 答案：D详解：从图中可以看出，周期为0.2s，频率为50Hz，交流电动势的最大值为1V , t=0.1s时,电动势为0 ；选D8. 答案：(1) 275 匝(2) n1 = 550 匝，I1 = 0.255A详解：(2)由( 1)可知据输出功率等于输入功率传感器1 . 答案：BD详解：F作用于可动膜片电极上的时候，膜片发生形变，使极板间距离d变小，电容变小，而电压基本不变，要放电，所以会有短暂的电流通过电流表；没有压力，则电容不变，不会放电；2．答案：A详解：光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，所以R3 阻止变小，那么通过 a 点所在支路的电流变大，在R4 上的压降变大，所以在R3 上的压降变小，那么 a 点的电势要高于 b 点的电势；选A4．答案：AC详解：插入越深，说明电容极板的面积越大，电容也越大。