专题6 静电场中“三线”问题的解题策略-2021年高考物理静电场微专题突破

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高考物理一轮复习 第6章 电场中的“三大”问题的突破方法能力课时8课件

高考物理一轮复习 第6章 电场中的“三大”问题的突破方法能力课时8课件
•答案 BC
突破一
突破二
突破三
类型三 电场中的 φ-x 图像 1.几种常见的 φ-x 图像
(1)点电荷的 φ-x 图像(取无限远处电势为零) ①正点电荷的 φ-x 图像如图 11 所示; ②负点电荷的 φ-x 图像如图 12 所示。
图 11
图 12
突破一
突破二
突破三
•(2)两个等量异种电荷连线上的φ-x图像,如图13所示。
•能力课时8
•电场中的“三大”问题的突破方 法
突破一
突破二
突破三
•突破一 电场中“三类”典型图像问题
• 近几年,高考中以电场中的图像切入命题的试题逐渐增 多,如:E -x图像、φ -x图像,或与粒子运动规律有关的 图像,如:v -t图像,掌握各个图像的特点,理解其斜率、 截距、“面积”对应的物理意义,就能顺利解决有关问题, 此类问题一般以选择题的形式出现,难度中等。
D.两点场强不同,两点电势相等,均比 O 点电势低
突破一
突破二
突破三
•解析 题图中a点左侧、b点右侧的电场都沿x轴负方向,则 a点处为正电荷,b点处为负电荷,又两点电荷的电荷量相等, 则c、d两点的场强相同,c点电势更高,A正确,B、C、D 错误。
•答案 A
突破一
突破二
突破三
[变式训练]
2.(多选) (2014·上海单科,19)静电场
图7
图8
突破一
突破二
突破三
• 2.E-x图像特点
• (1)反映了电场强度随位移变化的规律。
• (2)E>0表示场强沿x轴正方向;E<0表示场强沿x轴负 方向。
• (3)图线与x轴围成的“面积”表示电势差,“面积”大 小表示电势差大小,两点的电势高低根据电场方向判定。

带电粒子在电场中运动的“三线”问题

带电粒子在电场中运动的“三线”问题

带电粒子在电场中运动的“三线”问题作者:陈伟平来源:《求学·新高考版》2021年第11期静电场中带电粒子运动的“三线”(电场线、等势线和运动轨迹)问题,是每年高考的热点内容,主要以比较带电粒子在电场中运动的加速度、速度、动能、电势能、电势、机械能变化的题目呈现,此类问题涉及电场、牛顿运动定律、动能定理、功能关系和能量守恒等知识的综合应用。

一、方法与思路1. 判断运动方向:可以根据物体运动轨迹上某一点的切线方向确定物体在该点的运动方向。

要注意的是,在力相同时,所有运动都是可逆的。

2. 判断电场力方向:仅受电场力作用下的带电粒子,所受的电场力指向带电粒子运动轨迹的凹侧。

3. 判断场强方向:正电荷所受电场力方向与场强方向相同;负电荷所受电场力方向与场强方向相反。

4. 判断电场力做功的正负及电势能的增减:在初始位置画出速度方向与电场力方向,根据它们的夹角分析。

若运动方向与电场力方向成锐角,则电场力做正功,电势能减小;若电场力与速度方向成钝角,则电场力做负功,电势能增加。

5. 判断电势高低:沿电场线方向电势逐渐降低,电势降低最快的方向为场强方向。

6. 判断电势能大小:根据公式Ep=qφ(代入正负号)判断电势能大小。

7. 判断加速度大小:根据电场线或等差等势面疏密判断加速度大小,电场线越密集,场强越大,加速度越大。

8. 在匀强电场中,可定性地列出轨迹方程分析有关物理量。

9. 带电粒子的运动轨迹与电场线(等势面)关系图:二、试题精练【例1】(2021 ·广东高考题)如图1 是某种静电推进装置的原理图,发射极与吸极接在高压电源两端,两极间产生强电场,虚线为等势面,在强电场作用下,一带电液滴从发射极加速飞向吸极,a、b 是其路径上的两点,不计液滴重力,下列说法正确的是()A. a 点的电势比b 点的低B. a 点的电场强度比b 点的小C. 液滴在a 点的加速度比在b 点的小D. 液滴在a 点的电势能比在b 点的大【解题思路】根据高压电源与两极的连接情况,可知电场线由a 指向b,而沿着电场线电势逐渐降低,可知a 点的电势比b 点的高,即φa>φb,故选项A 错误;由图1 中等势面的分布得电场线的分布情况如图2 所示,可知a 点电场线密集,场强大,即Ea>Eb,故选项B 错误;液滴的重力不计,根据牛顿第二定律可知,液滴的加速度为a= ,因Ea>Eb,可得加速度aa>ab,故选项C 错误;电场力向右对液滴做正功,液滴电势能减小,故液滴在a点的电势能比在b点的电势能大,即Epa>Epb,故选项D 正确。

高考物理一轮总复习第六章静电场第4节课时3电场中的“三大”问题的突破方法:电场中“φ_x”图象的剖析及应

高考物理一轮总复习第六章静电场第4节课时3电场中的“三大”问题的突破方法:电场中“φ_x”图象的剖析及应

当φ--x图象与粒子运动相结合时,可以涉及粒子电性、电 势能、电场力做功、动能、速度、加速度等多方面问题.
解答问题时,可以由φ--x图线的特征决问题.
【变式训练3】如图甲所示,一条电场线与Ox轴重合,取O点电势为零 ,Ox方向上各点的电势φ随x变化的情况如图乙所示。若在O点由静 止释放一电子,电子在仅受电场力的作用 下开始运动,则以下说法正确的是( ) A.电子将沿x负方向运动 B.电子的电势能将变大 C.电子运动的加速度先增大后减小 D.电子运动的加速度一直增大
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4.跟踪训练
【跟踪训练】(多选)某静电场中的一条电场 线与x轴重合,其电势的变化规律如图所示. 在O点由静止释放一电子,电子仅受电场力 的作用,则在-x0~x0区间内( ) A.该静电场是匀强电场 B.该静电场是非匀强电场 C.电子将沿x轴正方向运动,加速度逐渐减小 D.电子将沿x轴正方向运动,加速度逐渐增大
解析 由于电势 φ 随 x 的变化不是均匀变化,即ΔΔφx 不是常数,所以该
静电场一定是非匀强电场,且 O 点电场强度最大,x0 处电场强度最小,
选项 A 错误,B 正确;由电势变化规律可知,电场线方向指向 x 轴负方
向,在 O 点由静止释放一电子,电子所受电场力的方向指向 x 轴正方向,
电子将沿 x 轴正方向运动,且加速度逐渐减小,选项 C 正确,D 错误。
(3)两个等量同种电 荷的φ-x图象 a.两正电荷连线上的φ-x图象
b.两正电荷连线的中垂线上 的φ-y图象
2. 典例剖析
【例3】(多选)空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图示,x轴上两 点B、C的电场强度在x方向上的分量分别 是EBx、ECx。下列说法正确的有( ) A.EBx的大小大于ECx的大小 B.EBx的方向沿x轴正方向 C.电荷在O点受到的电场力在x轴 方向上的分量最大 D.负电荷沿x轴从B移到C的过 程中,电场力先做正功,后做负功

高考物理一轮复习第七章静电场微专题电场中三类图象问题的突破课时冲关新人教版.doc

高考物理一轮复习第七章静电场微专题电场中三类图象问题的突破课时冲关新人教版.doc

微专题11 电场中“三类图象”问题的突破一、单项选择题(本题共5小题,每小题7分,共35分)1.(68520228)一个带正电的粒子,在xOy平面内以速度v0从O点进入一个匀强电场,重力不计.粒子只在电场力作用下继续在xOy平面内沿图中的虚线轨迹运动到A点,且在A点时的速度方向与y轴平行,则电场强度的方向可能是()A.沿x轴正方向B.沿x轴负方向C.沿y轴正方向D.垂直于xOy平面向里解析:B[在O点粒子速度有水平向右的分量,而到A点的水平分量变为零,说明该粒子所受电场力向左或有向左的分量,又因为粒子带正电,故只有B正确.] 2.某区域的电场线分布如图所示,其中间一根电场线是直线,一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点.取O点为坐标原点,沿直线向右为x轴正方向,粒子的重力忽略不计.在O到A运动过程中,下列关于粒子运动速度v和加速度a随时间t的变化、粒子的动能E k和运动径迹上电势φ随位移x 的变化图线可能正确的是()解析:B[由题图可知,从O到A点,电场线先由密到疏,再由疏到密,电场强度先减小后增大,方向不变,因此粒子受到的电场力先减小后增大,则加速度先减小后增大,故A错误,B正确;沿着电场线方向电势降低,而电势与位移的图象的斜率表示电场强度,因此C错误;由于电场力做正功,导致粒子电势能减小,则动能增加,且图象的斜率先减小后增大,故D错误.]3.两带电荷量分别为+q和-q的点电荷放在x轴上,相距为L,能正确反映两电荷连线上场强大小E 与x 关系的图是( )解析:A [越靠近两电荷的地方场强越大,两等量异种点电荷连线的中点处场强最小,但不是零,B 、D 错;两电荷的电荷量大小相等,场强大小关于中点对称分布,C 错,应选A.]4.(2017·龙岩市一级达标学校联合测试)半径为R 、电荷量为Q 的均匀带正电的球体在空间产生球对称的电场;场强大小沿半径分布如图所示,图中E 0已知;取无穷远处电势为零,距球心r 处的电势为φ=k Q r(r ≥R ),式中k 为静电力常量.下列说法错误的是( )A .球心处的电势最高B .球心与球表面间的电势差等于12E 0RC .只在电场力作用下,紧靠球体表面一带电荷量为-q (q >0)的粒子能挣脱带电球的引力的最小初动能为kQq RD .只在电场力作用下,紧靠球体表面一带电荷量为-q (q >0)的粒子能挣脱带电球的引力的最小初动能为12E 0Rq解析:D [沿着电场线,电势降低,则球心处的电势最高,由E -r 图象可得,球心与球表面间的电势差等于12E 0R ,选项A 、B 正确;只在电场力作用下,紧靠球体表面的粒子-q 能挣脱带电球的引力的最小初动能为kQq R ,选项C 正确,选项D 错误.]5.(2017·保定调研)某静电场中的一条电场线与x 轴重合,其电势的变化规律如图所示,在O 点由静止释放一电子,电子仅受电场力的作用,则在-x 0~x 0区间内 ( )A .该静电场是匀强电场B.该静电场是非匀强电场C.电子将沿x轴正方向运动,加速度逐渐减小D.电子将沿x轴正方向运动,加速度逐渐增大解析:A[图线斜率的大小等于电场线上各点的电场强度的大小,故该条电场线上各点的场强大小相等,又沿着电场线的方向电势降低,可知静电场方向沿x轴负方向,故该静电场为匀强电场,A正确,B错误;负点电荷受到沿x轴正方向的电场力,且电场力为恒力,所以负点电荷将沿x轴正方向运动,C、D错误.]二、多项选择题(本题共3小题,每小题7分,共21分.全部选对的得7分,部分选对的得3分,有选错或不答的得0分)6.(2017·山西康杰中学、临汾一中、忻州一中、长治二中四校第二次联考)在光滑的绝缘水平面内有一沿x轴的静电场,其电势φ随坐标x的变化而变化,变化的图线如图所示(图中φ0已知).有一质量为m、带电荷量为q的带负电小球(可视为质点)从O点以某一未知速度v0沿x轴正向移动到点x4.则下列叙述正确的是()A.带电小球从O运动到x1的过程中,所受电场力逐渐增大B.带电小球从x1运动到x3的过程中,电势能一直增大C.若小球的初速度v0=2φ0qm,则运动过程中的最大速度为6φ0qmD.要使小球能运动到x4处,则初速度v0至少为2φ0q m解析:BC[φ-x图象的斜率表示电场强度E=ΔφΔx,所以带电小球从O运动到x1的过程中,所受电场力不变,A错误;由W=Uq可知,带电小球从x1运动到x3的过程中,电场力做负功,电势能增加,B正确;从O点以某一未知速度v0沿x轴正向移动到点x4,电场力先做正功后做负功,在x1时,动能最大,对0~x1过程应用动能定理,有φ0q=12mv2-12mv20,解得v=6φ0qm,C正确;当小球到达x4处速度为零时,初速度v0最小,对全过程应用动能定理得-φ02q=0-12mv20,解得v0=φ0qm ,D 错误.]7.(2017·辽宁沈阳教学质量检测)如图甲所示,有一绝缘圆环,圆环上均匀分布着正电荷,圆环平面与竖直平面重合.一光滑细杆沿垂直圆环平面的轴线穿过圆环,细杆上套有一个质量为m =10 g 的带正电的小球,小球所带电荷量q =5.0×10-4 C .小球从C 点由静止释放,其沿细杆由C 经B 向A 运动的v -t 图象如图乙所示.小球运动到B 点时,v -t 图象的切线的斜率最大(图中标出了该切线).则下列说法正确的是( )A .在O 点右侧杆上,B 点场强最大,场强大小为E =1.2 V/mB .由C 到A 的过程中,小球的电势能先减小后增大C .由C 到A 电势逐渐降低D .C 、B 两点间的电势差U CB =0.9 V解析:ACD [由图乙可知,在B 点带电小球的加速度最大,则B 点的场强最大,Eq m =Δv Δt =0.35m/s 2,解得E =1.2 V/m ,A 正确;细杆上电场强度的方向沿杆从C 指向A ,所以带正电小球从C 到A 的过程中,电场力做正功,电势能减小,B 错误;由C 到A 电势逐渐降低,C 正确;带正电小球由C 到B 的过程中,由动能定理得qU CB =12mv 2B -0,解得U CB =0.9 V ,D 正确.]8.(2017·江西师大附中、临川一中联考)如图所示,Q 1、Q 2为两个被固定在坐标轴x 上的点电荷,其中Q 1带负电,在O 点,Q 1、Q 2相距为L ,a 、b 两点在它们连线的延长线上,其中b 点与O 相距3L .现有一带电的粒子以一定的初速度沿直线从a 点开始经b 点向远处运动(粒子只受电场力作用),粒子经过a 、b 两点时的速度分别为v a 、v b ,其v -x 图象如图所示,以下说法中正确的是( )A .Q 2一定带正电B .Q 1电荷量与Q 2电荷量之比为|Q1||Q2|=49C .b 点的电场强度一定为零,电势最高D .整个运动过程中,粒子的电势能先增大后减小解析:AD [粒子在到达b 点之前做减速运动,在b 点之后做加速运动,可见在b 点的加速度为零,则在b 点受到两点电荷的电场力平衡,可知Q 2带正电,有k|Q1|q =k|Q2|q ,所以|Q1||Q2|=94,故A 正确,B 错误.该粒子从a 点先做减速运动,知该粒子带负电荷,在整个过程中,电场力先做负功后做正功,所以电势能先增大后减小,移动的是负电荷,所以电势先减小后增大,所以b 点电势不是最高,故C 错误,D 正确.]三、非选择题(本题共2小题,共44分.写出必要的文字说明和重要的演算步骤,有数值计算的要注明单位)9.(68520229)(22分)(2017·北京朝阳区期末)反射式速调管是常用的微波器件之一,它利用电子团在电场中的振荡来产生微波,其振荡原理与下述过程类似.已知静电场的方向平行于x 轴,其电势φ随x 的分布如图所示.一质量m =1.0×10-20kg 、电荷量q =1.0×10-9 C 的带负电的粒子从(-1,0)点由静止开始,仅在电场力作用下在x 轴上往返运动.忽略粒子的重力等因素.求:(1)x 轴左侧电场强度E 1和右侧电场强度E 2的大小之比E1E2;(2)该粒子运动的最大动能E km ;(3)该粒子运动的周期T .解析:(1)由图可知:左侧电场强度大小E 1=201×10-2V/m =2.0×103 V/m ① 右侧电场强度大小E 2=200.5×10-2V/m =4.0×103 V/m ② 所以E1E2=12. (2)粒子运动到原点时速度最大,根据动能定理有qE 1x =E km ③其中x =1.0×10-2 m.联立①③式并代入相关数据可得E km =2.0×10-8 J.(3)设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为t 1、t 2,在原点时的速度为v m ,由运动学公式有v m =qE1m t 1④v m =qE2m t 2⑤E km =12mv 2m ⑥T =2(t 1+t 2)⑦联立①②④⑤⑥⑦式并代入相关数据可得T =3.0×10-8 s.答案:(1)12 (2)2.0×10-8 J (3)3.0×10-8 s10.(68520230)(22分)(2017·山东临沂期中)如图甲所示,竖直放置的直角三角形NMP (MP 边水平),∠NMP =θ,MP 中点处固定一电荷量为Q 的正点电荷,MN 是长为a 的光滑绝缘杆,杆上穿有一带正电的小球(可视为点电荷),小球自N 点由静止释放,小球的重力势能和电势能随位置x (取M 点处x =0)的变化图象如图乙所示(图中E 0、E 1、E 2为已知量),重力加速度为g ,设无限远处电势为零,M 点所处的水平面为重力零势能面.(1)图乙中表示电势能随位置变化的是哪条图线?(2)求重力势能为E 1时的横坐标x 1和带电小球的质量m ;(3)求小球从N 点运动到M 点时的动能E k .解析:(1)正Q 电荷的电势分布规律是离它越近电势越高,带正电的小球的电势能为E =qφ,可知正电荷从N 点到M 点的电势能先增大后减小,故图乙中表示电势能随位置变化的是图线Ⅱ.(2)电势能为E 1时,距M 点的距离为x 1=(a cos θ)·12·cos θ=acos2θ2,x 1处重力势能E 1=mgx 1sin θ.可得m =E1gx1sin θ=2E1gasin θcos2θ.(3)在小球从N 点运动到M 点的过程中,根据动能定理得mga sin θ+E 2-E 0=E k -0,解得E k =2E1cos2θ+E 2-E 0.答案:(1)图线Ⅱ (2)acos2θ22E1gasin θcos2θ (3)2E1cos2θ+E 2-E 0。

电场中“三线”问题

电场中“三线”问题

1 电场中“三线”问题题型一、给定电场线分布情况,判断场强强弱和电势高低例1 如图l 所示。

带箭头的线段表示某一电场,在电场力作用下一带电拉子(不计重力)经过A 点飞向B 点,轨迹如图中虚线所示,试判断:(1)粒子带 ;(2)粒子在 点加速度大;(3)A 、B 两点电势较高的点是 。

解析 粒子其受电场力作用,电场力必然要指向曲线内侧,由电场线方向可知A 点场强方向,由轨迹知粒子受力方向与E 方向一致,粒子应带正电,由B 处电场线较密知B 点场强较大,B 点电场力较大,且电荷在B 点受力方向跟该处的场强方向相同,则粒子在B 点加速度较大。

过A 点和自点分别作出等势线,由电场线性质可知B 点电势较高,即A B ϕϕ>。

题型二、给定电场线分布与运动轨迹,判断粒子在运动过程中的能量转化情况 例2 一带电油滴在匀强电场E 中的运动轨迹如图2中虚线所示。

电场方向竖直向下。

若不计空气阻力,则此带电油滴从a 运动到b 的过程中。

能量变化情况为( )A .动能减小B .电势能增加C .动能和电势能之和减少D .重力势能和电势能之和增加解析 从运动轨迹可判断带电粒子受到的电场力竖直向上,由a 运动到b ,电场力做正功,电势能减少,动能增加,重力势能也增加,电势能和动能之和是减少的,减少的能量转化为重力势能。

所以C 项正确。

题型三、借助等势面判断电场的可能情况例3 在电场中建立如图3所示的XOY 平面直角坐标系,一个正的检验电荷由A 点分别沿不同的路径移动到B 点和C 点,在这个过程中,检验电荷都要克服电场力做功,并且做功相等。

在下列所述的电场中,可能出现上述情况的是( )A .场电荷在第四象限,是正点电荷B .场电荷在第一象限,是负点电荷C .存在匀强电场,方向沿Y 轴正方向D .存在匀强电场,方向沿X 轴负方向解析 依题意,正电荷由A 点分别沿不同的路径移动到B。

【技巧】静电场 电场中“三线”问题的求解方法

【技巧】静电场  电场中“三线”问题的求解方法

电场中“三线”问题的求解方法河南省镇平县第一高级中学(474250) 薛长庆带电粒子在电场中的“三线”指的是运动的轨迹线、电场线和等势线,“三线”问题综合性比较强,涉及带电粒子的电性问题、受力问题、运动问题、做功问题及能量变化问题等。

求解这类问题,首先要注意以下几点:(1)电场线不是电荷的运动轨迹。

(2)电场强度的大小可由电场线的疏密判断。

(3)电场线和等势面垂直,沿电场线方向电势降低,但电势能不一定减小,与电荷的电性有关。

下面对这部分问题的类型和方法加以总结。

题型一、给定电场线分布情况,判断场强强弱和电势高低例1 如图l 所示。

带箭头的线段表示某一电场,在电场力作用下一带电拉子(不计重力)经过A 点飞向B 点,轨迹如图中虚线所示,试判断:(1)粒子带 ;(2)粒子在 点加速度大;(3)A 、B 两点电势较高的点是 。

解析 粒子其受电场力作用,电场力必然要指向曲线内侧,由电场线方向可知A 点场强方向,由轨迹知粒子受力方向与E 方向一致,粒子应带正电,由B 处电场线较密知B 点场强较大,B 点电场力较大,且电荷在B 点受力方向跟该处的场强方向相同,则粒子在B 点加速度较大。

过A 点和自点分别作出等势线,由电场线性质可知B 点电势较高,即A B ϕϕ>。

题型二、给定电场线分布与运动轨迹,判断粒子在运动过程中的能量转化情况 例2 一带电油滴在匀强电场E 中的运动轨迹如图2中虚线所示。

电场方向竖直向下。

若不计空气阻力,则此带电油滴从a 运动到b 的过程中。

能量变化情况为( )A .动能减小B .电势能增加C .动能和电势能之和减少D .重力势能和电势能之和增加解析 从运动轨迹可判断带电粒子受到的电场力竖直向上,由a 运动到b ,电场力做正功,电势能减少,动能增加,重力势能也增加,电势能和动能之和是减少的,减少的能量转化为重力势能。

所以C 项正确。

题型三、借助等势面判断电场的可能情况例3 在电场中建立如图3所示的XOY 平面直角坐标系,一个正的检验电荷由A 点分别沿不同的路径移动到B 点和C 点,在这个过程中,检验电荷都要克服电场力做功,并且做功相等。

2021高三物理学案第七单元专题六电场中的“三类”典型问题含解析

2021高三物理学案第七单元专题六电场中的“三类”典型问题含解析

2021高三物理人教版一轮学案:第七单元专题六电场中的“三类”典型问题含解析专题六电场中的“三类"典型问题突破1电场中的图象问题题型1φ。

x图象(1)φ。

x图线的斜率大小等于电场强度的大小,在φ。

x图线切线的斜率为零处,电场强度为零.(2)由φ。

x图象可以直接判断各点电势的大小,并可根据电势大小关系确定电场强度的方向.(3)在φ。

x图象中分析电荷移动时电势能的变化,可用W AB =qU AB,进而分析W AB的正负,然后做出判断.(多选)在一静止点电荷的电场中,任一点的电势φ与该点到点电荷的距离r的关系如图所示.电场中四个点a、b、c和d 的电场强度大小分别为E a、E b、E c和E d。

点a到点电荷的距离r a 与点a的电势φa已在图中用坐标(r a,φa)标出,其余类推.现将一带正电的试探电荷由a点依次经b、c点移动到d点,在相邻两点间移动的过程中,电场力所做的功分别为W ab、W bc和W cd.下列选项正确的是()A .E aE b =4 1 B .E c E d =21 C .W ab W bc =3 1 D .W bc W cd =13【分析】 (1)电场中某点的场强大小可由E =k Q r2计算. (2)由图中信息可以得到各点之间的距离和电势差. 【解析】 a 到点电荷的距离为r a ,由图可知,b 、c 、d 到点电荷的距离分别为r b =2r a 、r c =3r a 、r d =6r a ,由点电荷的场强公式E =k 错误!可得:E a =4E b =9E c =36E d ,则E aE b =41,E c E d =41;设带正电的试探电荷的电量为q ,则W ab =qU ab ,W bc =qU bc ,W cd =qU ad ;由图知U ab =3 V ,U bc =1 V ,U cd =1 V ,故W ab W bc =31,W bc W cd =11,故选项A 、C 正确. 【答案】 AC题型2 E 。

电场中“三线”问题求解策略

电场中“三线”问题求解策略
> .
解析 : 因带电粒子的初速度为 0 , 粒 子 将 沿 电 场 力 方 向
2 根据 电场 线与 等 势 面 相 互垂 直 的 关 系规 律 , 求 解 相
关 问题
运动 ; 又因为电场线为直线 , 电场力 与电场线 共线 , 所 以 轨 迹 线与电场线重合 , 是一条直线. ( c ) 选项错. 而 粒子 沿 电 场 力 方 向 运 动 时 , 电场 力做 正功 , 由 W 一
电 场 力 方 向 和 带 电粒 子 运 动 的 初 速 度 方 向 共 同 决 定 . 通 常 有 下 列几 种 情 况. 为讨 论 方 便 , 设 带 电 粒 子 只 受 电 场 力
作用. ( 1 )电 场 线 为 直 线 , 带 电 粒 子 的 初 速 度 为 0或 初 速 度 , 不 管 带 电 粒 子 是 否 具 有 初 速 度 带 电粒 子 将 做 曲线 运 动 , 且轨迹线与电场线不重合.
过 程 中 的 速 度 图 像 如 图 1所 示 , 那么 , 下 列 说 法 正 确 的 是
( A)比较 两 点 的 电势 有 > . ( B )比 较 两 点 的 场 强 E有 E > .
解析 : 微 粒 在 0 处 所 受 电场 力 方 向为 O a方 向 , 由 于初
第3 4卷 第 2期
2 01 3拄
物 理
教 师
Vo 1 . 3 4 No . 2
( 2 O1 3)
P H Y SI C S T EAC H ER

复 习与 考 试 ・
电场 由“ - 1 = 线" 问题 求解 策 略
王立勇
( 1 .湖 南 省 湘 潭 市第 一 中 学 , 湖南 湘潭
朱 琴

电场中的三线问题

电场中的三线问题
电场中的三线问题
一、模型特征:带电粒子在电场中三线指的是运动 的轨迹线、电场线和等势线。这部分问题综合 性比较强,涉及到带电粒子的电性问题、受力 问题、运动问题、做功问题及能量变化问题等 二、解决电场中的三线问题,要抓住以下三点: 1、做曲线运动的物体一定要受到指向轨迹内 侧的合外力; 2、电场线和等势面(线)垂直; 3、电场力所做的功等于电势能的减少量。
电场线和轨迹线的关系
例1、如图所示,MN是负点电荷电场中的一条电场线,一个 带正电的粒子(不计重力)从a到b穿越这条电场线的轨迹 如图中虚线所示。下列结论正确的是[ ] A.带电粒子从a到b运动的过程中动能逐渐减小 B.带电粒子在a点时的电势能大于在b点时的电势能 C.负点电荷一定位于N点右侧 D.带电粒子在a点时的加速度小于在b点时的加速度
等势线和轨迹线的关系
例2、如图,三条平行等距的虚线表示电场中的三个等 势面,电势值分别为10V、20V、30V,实线是一带负 电的粒子(不计重力)在该区域内的运动轨迹,对于轨 迹上的a、b、c三点来说[ ]
A、粒子必先过a,再到b,然后到c B、粒子在三点的电场力Fa=Fb=Fc C、粒子在三点的动能大小为EKb>EKa>EKc D、粒子在三点的电势能大小为EPc<EPa<EPb
电场线和等势线的关系
例3、如图所示,在匀强电场中有M、N、P三点,它们的电 势分别为φM=10V、φN=6V、φP=2V,则以下四个图中正 确表示电场方向的是( ) A. B.
C.
D.
例4、如图所示,平行线代表电场线,但未标明方向,一个 带正电、电荷量为10-6C的粒子在电场中仅受电场力作用, 当它从A点运动到B点时动能减少了10-5J.已知A点的电势 为-10V,则以下判断正确的是( ) A.粒子的运动轨迹如图中的虚线2 B.粒子的电势能减少了10-5J C.B点电势为0V D.B点电势为-20V

高考物理电场精讲精练静电场中的三类图象问题

高考物理电场精讲精练静电场中的三类图象问题

静电场中的三类图象问题考向1: v ­t图象根据v ­t图象的速度变化、斜率变化(即加速度大小的变化),确定电荷所受电场力的方向与电场力的大小变化情况,进而确定电场的方向、电势的高低及电势能的变化.[典例2] (多选)如图(a),直线MN表示某电场中一条电场线,a、b是线上的两点,将一带负电荷的粒子从a点处由静止释放,粒子从a运动到b过程中的v ­t图线如图(b)所示.设a、b两点的电势分别为φa、φb,电场强度大小分别为E a、E b,粒子在a、b两点的电势能分别为W a、W b,不计重力,则有( ) A.φa>φb B.E a>E bC.E a<E b D.W a>W b解析由v ­t 图象的斜率减小可知由a到b的过程中,粒子的加速度减小,所以电场强度变小,E a>E b;根据动能定理,速度增大,可知电势能减小,W a>W b,可得选项B、D正确.答案BD考向2:φ ­x图象(1)电场强度的大小等于φ ­x图线的斜率大小,电场强度为零处,φ ­x图线存在极值,其切线的斜率为零.(2)在φ ­x图象中可以直接判断各点电势的大小,并可根据电势大小关系确定电场强度的方向.(3)在φ ­x图象中分析电荷移动时电势能的变化,可用W AB=qU AB,进而分析W AB的正负,然后作出判断.[典例3] 两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点,两电荷连线上各点电势φ随x 变化的关系如图所示,其中A、N两点的电势均为零,ND段中的C点电势最高,则( )A.N点的电场强度大小为零B.A点的电场强度大小为零C.NC间电场强度方向指向x轴正方向D.将一负点电荷从N点移到D点,电场力先做正功后做负功解析A、N点的电势等于零,电场强度大小不为零,选项A、B错误;从N到C电势升高,NC间电场强度方向指向x轴负方向,选项C错误;从N到C电势升高,从C到D电势降低,将一负点电荷从N点移到C点,电场力做正功,从C点到D点,电场力做负功,选项D正确.答案 D考向3:E­x图象在给定了电场的E­x图象后,可以由图线确定电场强度的变化情况,电势的变化情况,E­x图线与x 轴所围图形“面积”表示电势差.在与粒子运动相结合的题目中,可进一步确定粒子的电性、动能变化、电势能变化等情况.在这类题目中,还可以由E­x图象假设某一种符合E­x图线的电场,利用这种已知电场的电场线分布、等势面分布或场源电荷来处理相关问题.[典例4] (多选) 静电场在x轴上的电场强度E随x的变化关系如图所示,x轴正向为电场强度正方向,带正电的点电荷沿x轴运动,则点电荷( )A.在x2和x4处电势能相等B.由x1运动到x3的过程中电势能增大C.由x1运动到x4的过程中电场力先增大后减小D.由x1运动到x4的过程中电场力先减小后增大解析由图象可知,正电荷从x2移动到x4的过程电场力做功不为零,两点电势能不相等,A项错误;从x1移动到x3的过程电场力沿x轴负方向,电场力做负功,电势能增大,B项正确;从x1到x4的过程电场强度先增大,后减小,所以电场力先增大后减小,C项正确,D项错误.答案BC过关检测1.两电荷量分别为q1和q2的点电荷固定在x轴上的O、M两点,两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示,其中C为ND段电势最低的点,则下列说法正确的是( )A.q1、q2为等量异种电荷B.N、C两点间场强方向沿x轴负方向C.N、D两点间的电场强度大小沿x轴正方向先减小后增大D.将一正点电荷从N点移到D点,电势能先增大后减小解析:选C.根据q1左侧和q2右侧电势随距离增大而降低可判断两者均为正电荷,A错.N、C间的电场方向沿x轴正方向,C点场强为0,B错.根据ND段图线的斜率大小先减小后增大可知,场强先减小到零后反向增大,C正确;正电荷从N移到D,由E p=qφ知,电势能先减小后增大,D错.2、一带电粒子在电场中仅受静电力作用,做初速度为零的直线运动.取该直线为x轴,起始点O为坐标原点,其电势能E p与位移x的关系如图所示,下列图象中合理的是( )解析:选D.带电粒子在电场中运动时,其电势能的变化规律是非线性的.由E p ­x 图象知,带电粒子的电势能不是均匀变化的,静电力不能为恒力,故选项A 错误;带电粒子仅受静电力作用,故电势能和动能相互转化,电势能的减少量等于动能的增加量,即动能增加得越来越慢,故选项B 错误;由于静电力不是恒力,加速度a 应该越来越小,故选项C 错误,选项D 正确.3.(多选)如图甲所示,有一绝缘圆环,圆环上均匀分布着正电荷,圆环平面与竖直平面重合.一光滑细杆沿垂直圆环平面的轴线穿过圆环,细杆上套有一个质量为m =10 g 的带正电的小球,小球所带电荷量q =5.0×10-4C.小球从C 点由静止释放,其沿细杆由C 经B 向A 运动的v ­t 图象如图乙所示.小球运动到B 点时,速度图象的切线斜率最大(图中标出了该切线).则下列说法正确的是( )A .在O 点右侧杆上,B 点场强最大,场强大小为E =1.2 V/m B .由C 到A 的过程中,小球的电势能先减小后增大 C .由C 到A 电势逐渐降低D .C 、B 两点间的电势差U CB =0.9 V解析:选ACD.由题图乙可知,小球在B 点的加速度最大,故受力最大,加速度由电场力提供,故B 点的电场强度最大,a =Δv Δt =Eqm ,解得E =1.2 V/m ,选项A 正确;从C 到A ,电场力一直做正功,故电势能一直减小,选项B 错误,C 正确;由C 到B ,电场力做功为W =12mv 2B -0,C 、B 间电势差为U CB =Wq =0.9 V ,选项D 正确.高考理综物理模拟试卷注意事项:1. 答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2021届高三一轮复习物理资料素养提升6静电场中的三类问题PPT教学课件

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第1轮 物理
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第七章 静电场
[规律总结] 解决带电粒子在交变电场中运动问题的关键 (1)处理方法:将粒子的运动分解为垂直电场方向上的匀速运动和沿电场方向的 变速运动. (2)比较通过电场的时间t与交变电场的周期T的关系: ①若t≪T,可认为粒子通过电场的时间内电场强度不变,等于刚进入电场时刻 的场强. ②若不满足上述关系,应注意分析粒子在电场方向上运动的周期性.
带电,B 的电荷量为 q(q>0).A 从 O 点发射时的速度大小为 v0,到达 P 点所用时间
为 t;B 从 O 点到达 P 点所用时间为2t .重力加速度为 g,求:
(1)电场强度的大小;
(2)B 运动到 P 点时的动能.
答案
3mg (1) q
(2)2m(v20+g2t2)
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第七章 静电场
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第七章 静电场
考点三 电场中的力电综合问题
解决带电体的力电综合 问题的一般思路
第1轮 物理
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第七章 静电场
角度1 用动力学观点和能量观点解决力电综合问题
(2019·全国卷Ⅲ)空间存在一方向竖直向下的匀强电场,O、P 是电场中的
两点.从 O 点沿水平方向以不同速度先后发射两个质量均为 m 的小球 A、B.A 不
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第七章 静电场
角度2 带电粒子的偏转运动 (2019·山东日照质检)图甲为两水平金属板,在两板间加上周期为 T 的交
变电压 u,电压 u 随时间 t 变化的图线如图乙所示.质量为 m、重力不计的带电粒子 以初速度 v0 沿中线射入两板间,经时间 T 从两板间飞出.下列关于粒子运动的描述 错误的是( B )

静电场三线问题

静电场三线问题

静电场考点突破微专题6 静电场中“三线”问题的解题策略题型一电场线和运动轨迹问题练习1-1:(双选)一带电粒子从电场中的A点运动到B点,轨迹如图21中虚线所示,不计粒子所受的重力,则( )A. A点的场强小于B点的场强 B.粒子带负电C.粒子的加速度逐渐增加 D.粒子的速度不断减小【答案】BD【解析】根据电场线的疏密可知A点场强更大,A错误;根据曲线运动的条件可知,带电粒子受到的电场力方向与场强方向相反,所以粒子带负电,选项B正确。

练习1-2:(双选 )某带电粒子仅在电场力的作用下由A点运动到B点,电场线及粒子的运动轨迹如图22所示,可以判定( )A.粒子在A点的加速度小于它在B点的加速度B.粒子在A点的电势低于它在B点的电势C.粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D.粒子在A点的动能小于它在B点的动能【答案】AD【解析】A点的场强小于B点场强,在A点受电场力小于在B点,A对;A到B过程电场力做正功,电势能减小,动能增大,D对C错;A点电势高于B点,B错。

练习1-3:[多选]如图23所示,一电场的电场线分布关于y轴(沿竖直方向)对称,O、M、N是y轴上的三个点,且OM=MN,P点在y轴的右侧,MP⊥ON,则 ( )A.M点的电势比P点的电势高B.将负电荷由O点移动到P点,电场力做正功C.M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D.在O点静止释放一带正电粒子,该粒子将沿y轴做直线运动【答案】AD【解析】由题图和几何关系可知M和P两点不处在同一等势面上,而且有φM>φP,A对;将负电荷由O点移到P点要克服电场力做功,即电场力做负功,B错;由E=U/d 及电场线疏密程度可知O、M两点之间的电势差应大于M、N两点间的电势差,C错;从O点释放带正电粒子后,该粒子所受电场力的方向始终沿y轴正方向,则带电粒子将沿y轴做直线运动,D对。

练习1-4:位于正方形四角上的四个等量点电荷的电场线分布如图24所示,ab、cd分别是正方形两条边的中垂线,O点为中垂线的交点,P、Q分别为cd、ab上的点.则下列说法正确的是 ( )A.P、O两点的电势关系为φP<φOB.P、Q两点电场强度的大小关系为E P<E QC.若在O点放一正点电荷,则该正点电荷受到的电场力为零D.若将某一负电荷由P点沿着图中曲线PQ移到Q点,电场力做负功【答案】C【解析】由电场线分布可知,ab、cd为等势面,且电势相等,均为φ=0,E P>E Q,选项A、B均错;P、Q等势,所以把负电荷从P沿图中曲线移到Q电场力做功为零,D项错;由对称性可知,E O=0,因此C项正确.练习1-5:如图25所示,实线为不知方向的三条电场线,从电场中M点以相同速度飞出a、b两个带电粒子,运动轨迹如图中虚线所示.则( )A.a一定带正电,b一定带负电 B.a的速度将减小,b的速度将增大C.a的加速度将减小,b的加速度将增大 D.两个粒子的电势能一个增大,另一个减小【答案】 C【解析】物体做曲线运动,所受力的方向指向运动轨迹的内侧,由于电场线的方向不知,所以粒子带电性质不定,故A错误;物体做曲线运动,所受力的方向指向运动轨迹的内侧,从图中运动轨迹的变化来看速度与力的方向的夹角小于90°,所以电场力都做正功,动能都增大,速度都增大,故B错误,D错误.电场线密的地方电场的强度大,电场线疏的地方电场的强度小,所以a受力减小,加速度减小,b受力增大,加速度增大,故C正确.练习1-6:如图26所示,实线表示电场线,虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹.粒子先经过M点,再经过N点.可以判定( )A.粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力B.M点的电势高于N点的电势C.粒子带正电D.粒子在M点的动能大于在N点的动能【答案】BC【解析】电场线的疏密表示场强的大小,电场线越密集,场强越大.M点所在区域电场线比N点所在区域电场线疏,所以M点的场强小,粒子在M点受到的电场力小,故A错误.沿电场线方向,电势逐渐降低.从总的趋势看,电场线的方向是从M到N的,所以M点的电势高于N点的电势,故B正确.如图所示,用“速度线与力线”的方法,即在粒子运动的始点M作上述两条线,显然电场力的方向与电场线的方向基本一致,所以粒子带正电,C正确.由于粒子的速度方向与电场力方向的夹角为锐角,所以电场力做正功,粒子的电势能减小,由能量守恒知其动能增加,故D错误.图27题型二等势面和运动轨迹问题练习2-1:如图28所示,O是一固定的点电荷,虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线,正点电荷q仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处,然后又运动到c处.由此可知( )A.O为负电荷 B.在整个过程中q的速度先变大后变小C.在整个过程中q的加速度先变大后变小D.在整个过程中,电场力做功为零【答案】CD【解析】由运动轨迹可以分析可知q受到库仑斥力的作用,O点的电荷应为正电荷,A错;从a到b的过程q 受到逐渐变大的库仑斥力,速度逐渐减小,加速度增大,而从b到c的过程q受到逐渐变小的库仑斥力,速度逐渐增大,加速度减小,B错,C对;由于a、c两点在同一等势面上,整个过程中,电场力不做功,D对.练习2-2:如图29所示,虚线a、b、c代表电场中一簇等势线,相邻等势线之间的电势差相等,实线为一带正电质点(重力不计)仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,质点先后通过这条轨迹上的P、Q两点,对同一带电质点,据此可知( )A.三个等势线中,a的电势最高B.带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大C.带电质点通过P点时的电场力比通过Q点时大D.带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大【答案】BC【解析】根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势线垂直,画出P、Q两点处场强的方向如图所示.则可知,三个等势线中a的电势最低,故A错误.质点从P到Q的过程,电场力做负功,质点的电势能增大,动能减小,则质点通过P点时的动能比通过Q点时大,在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小,故B正确,D错误;根据电场线的疏密程度可知,P点的电场强度大于Q点,则带电质点在P点受到的电场力大于Q点,故C正确.练习2-3:(多选)图31中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线.两粒子M、N质量相等,所带电荷的绝对值也相等.现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出,两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示.点a、b、c为实线与虚线的交点,已知O点电势高于c点.若不计重力,则( )A.M带负电荷,N带正电荷B.N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C.N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D.M在从O点运动至b点的过程中,电场力对它做的功等于零【答案】BD【解析】由O点电势高于c点电势知,场强方向垂直虚线向下,由两粒子运动轨迹的弯曲方向知N粒子所受电场力方向向上,M粒子所受电场力方向向下,故M粒子带正电、N粒子带负电,A错误.N粒子从O点运动到a点,电场力做正功.M粒子从O点运动到c点电场力也做正功.因为U aO=U Oc,且M、N粒子质量相等,电荷的绝对值相等,由动能定理易知B正确.因O点电势低于a点电势,且N粒子带负电,故N粒子运动中电势能减少,电场力做正功,C错误.O、b两点位于同一等势线上,D正确.练习2-4:(多选)如图32所示,实线是两个等量点电荷P、Q形成电场的等势面,虚线是一带电粒子仅在电场力作用下运动的轨迹,a、b、c是轨迹上的三个点,b位于P、Q连线的中点.则( )图32A.两点电荷P、Q电性相反 B.a点的电场强度大于b点的电场强度C.带电粒子在a点的电势能大于在c点的电势能D.带电粒子在a点的动能小于在b点的动能【答案】BD【解析】题图为等量同种电荷的等势面,故A选项错;由图中等势面的疏密知B选项正确;由运动轨迹的弯曲情况、电场力的做功情况和动能的变化情况知C错,D正确.练习2-5:(2018·洛阳一模)如图33所示虚线表示某电场的等势面,一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示。

高考物理一轮总复习第六章静电场第4节课时4电场中的“三大”问题的突破方法:应用动力学知识和功能关系解决

高考物理一轮总复习第六章静电场第4节课时4电场中的“三大”问题的突破方法:应用动力学知识和功能关系解决
第六章 静电场
热点突破:
应用动力学知识和功能关 系解决力电综合问题
1.热点透析 2.典例剖析 3.规律方法 4.跟踪训练
一、热点透析
1.热点透析
功能关系在电学中应用的题目,一般过程
复杂且涉及多种性质不同的力,因此,通
方 过审题,抓住受力分析和运动过程分析是 法 技 关键,然后根据不同的运动过程中各力做 巧 功的特点来选择相应规律求解。动能定理
k=5 N/m
N1 T0
mAg
第一步:抓住关 键点→获取信息
N1
T0
Eq
f0
mBg E=5×104 N/C q=+4×10-6C mA=0.1 kg mB=0.2 kg
转 原题
第二步:抓好过 程分析→理清解 题思路
转 原题 转 解析
三、规律方法
3.规律方法
规律方法
(1)功能关系在电学中应用的题目,一般过程复杂且涉及多 种性质不同的力,因此,通过审题,抓住受力分析和运动 过程分析是关键,然后根据不同的运动过程中各力做功的 特点来选择相应规律求解.动能定理和能量守恒定律在处 理电学中能量问题时仍是首选. (2)若题目中出现两个以及两个以上物体用绳、杆之类物体 连接时,要特别注意找出各物体的位移大小、加速度大小、 速度大小的关系,这些关系往往就是解决问题的突破口.
和能量守恒定律在处理电场中能量问题时
仍是首选。
二、典例剖析
2. 典例剖析
【例5】(2013·四川卷,10)在如图示的竖直平面内,物体A和带正电的物 体B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接,分别静止于倾角θ=37°的光滑斜面 上的M点和粗糙绝缘水平面上,轻绳与对应平面平行。劲度系数k=5 N/m的轻弹簧一端固定在O点,一端用另一轻绳穿过固定的光滑小环D 与A相连。弹簧处于原长,轻绳恰好拉直,DM垂直于斜面。水平面处 于场强E=5×104 N/C、方向水平向右的匀强电场中。已知A、B的质量 分别为mA=0.1 kg和mB=0.2 kg,B所带电荷量q=+4×10-6C。设两物 体均视为质点,不计滑轮质量和摩擦,绳不可伸长,弹簧始终在弹性限 度内,B电荷量不变。取g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8。 (1)求B所受静摩擦力的大小; (2)现对A施加沿斜面向下的拉力F, 使A以加速度a=0.6 m/s2开始做匀 加速直线运动.A从M到N的过程中, B的电势能增加了ΔEp=0.06 J。已 知DN沿竖直方向,B与水平面间的 动摩擦因数μ=0.4。求A到达N点时 拉力F的瞬时功率。

高考物理一轮复习 第7章 静电场 第四节 电场中“三大”难点的突破方法达标诊断高效训练

高考物理一轮复习 第7章 静电场 第四节 电场中“三大”难点的突破方法达标诊断高效训练

第四节 电场中“三大”难点的突破方法(建议用时:60分钟)一、单项选择题1.如图所示为静电力演示仪,两金属极板分别固定于绝缘支架上,且正对平行放置.工作时两板分别接高压直流电源的正负极,表面镀铝的乒乓球用绝缘细线悬挂在两金属极板中间,则( )A .乒乓球的左侧感应出负电荷B .乒乓球受到扰动后,会被吸在左极板上C .乒乓球共受到电场力、重力和库仑力三个力的作用D .用绝缘棒将乒乓球拨到与右极板接触,放开后乒乓球会在两极板间来回碰撞解析:选D.两极板间电场由正极板指向负极板,镀铝乒乓球内电子向正极板一侧聚集,故乒乓球的右侧感应出负电荷,选项A 错误;乒乓球受到重力、细线拉力和电场力三个力的作用,选项C 错误;乒乓球与任一金属极板接触后会带上与这一金属极板同种性质的电荷,而相互排斥,不会吸在金属极板上,到达另一侧接触另一金属极板时也会发生同样的现象,所以乒乓球会在两极板间来回碰撞,选项B 错误,D 正确.2.平行板间加如图所示周期性变化的电压,重力不计的带电粒子静止在平行板中央,从t =0时刻开始将其释放,运动过程无碰板情况.下图中,定性描述粒子运动的v -t 图象正确的是( )解析:选A.从t =0时刻到t =T2时刻,带电粒子受到静电力的作用从平行板中央开始向极板的方向做匀加速运动,在t =T2时刻电场反转,静电力大小不变,方向相反,即加速度反向,带电粒子做匀减速运动,但是运动方向没有改变,到t =T 时刻,速度减小为0,然后继续开始加速,开始一个新的周期…满足上述运动的图象只有A.3.(2018·湖南常德模拟)在空间某区域存在一电场,x 轴上各点电势随位置变化情况如图所示.-x 1~x 1 之间为曲线,且关于纵轴对称,其余均为直线,也关于纵轴对称.下列关于该电场的论述正确的是( )A .图中A 点对应的场强大于B 点对应场强 B .图中A 点对应的电势大于B 点对应电势C .一个带正电的粒子在x 1点的电势能等于在-x 1点的电势能D .一个带正电的粒子在-x 1点的电势能大于在-x 2点的电势能解析:选C.φ-x 图象的斜率大小等于电场强度,所以B 点对应的场强等于A 点对应场强,故A 错误;由图易知A 点对应的电势小于B 点对应电势,故B 错误;由图可知,场强方向均指向O 点,根据对称性可知,一个带正电的粒子在x 1点的电势能等于在-x 1点的电势能,故C 正确;电场线指向O 点,则正电荷由-x 1到-x 2的过程中电场力做负功,故电势能增加,故带正电的粒子在-x 1点的电势能小于在-x 2的电势能,故D 错误.4.(2018·淮北一中模拟)如图所示,处于真空中的匀强电场方向水平向右,有一质量为m 、带电荷量为-q 的小球从P 点以大小为v 0的初速度水平向右抛出,经过t 时间到达Q 点(图中未画出)时的速度大小仍为v 0,则小球由P 点运动到Q 点的过程中,下列判断正确的是( )A .Q 点在P 点正下方B .小球电势能减少C .小球重力势能减少量等于12mg 2t 2D .Q 点应位于P 点所在竖直线的左侧解析:选C.从P 到Q 点,根据动能定理可知:mgh +W 电=12mv 20-12mv 20=0,因重力做正功,则电场力做负功,电势能增加,则Q 点应该在P 点的右下方,选项A 、B 、D 错误;小球在竖直方向下落的高度h =12gt 2,则小球重力势能减少量等于ΔE p =mgh =12mg 2t 2,选项C 正确.5.(2018·河南商丘模拟)如图所示,半径为R 、均匀带正电的球体,AB 为过球心O 的直线上的两点,且OA =2R ,OB =3R ;球体的空间产生球对称的电场,场强大小沿半径方向分布情况如图所示,图中E 0已知,E -r 曲线下O ~R 部分的面积等于2R ~3R 部分的面积;则下列说法正确的是( )A .A 点的电势低于B 点的电势 B .A 点的电场强度小于B 点的电场强度C .从球面到A 点的电势差小于AB 两点间的电势差D .带电量为q 的正电荷沿直线从A 点移到B 点的过程中,电场力做功12E 0Rq解析:选D.球体带正电,电场线方向沿半径向外,故A 点的电势高于B 点的电势,A 错误;因为A 距O 点半径为2R ,B 距O 点距离为3R ,从E -r 图中2R 处的电场强度大于3R 处的电场强度,即E A >E B ,B 错误;根据U =Ed 可知图象的面积表示电势差,从E -r 图可知R ~2R 围成的面积大于2R ~3R 围成的面积,即从球面到A 点的电势差大于AB 两点间的电势差,C 错误;因为曲线下O ~R 部分的面积等于2R ~3R 部分的面积,即O ~R 间的电势差等于2R ~3R 间的电势差,即等于AB 间的电势差,故电场力做功为W =Uq =12RE 0·q ,D 正确.二、多项选择题6.某静电场中的一条电场线与x 轴重合,其电势的变化规律如图所示.在O 点由静止释放一电子,电子仅受电场力的作用,则在-x 0~x 0区间内( )A .该静电场是匀强电场B .该静电场是非匀强电场C .电子将沿x 轴正方向运动,加速度逐渐减小D .电子将沿x 轴正方向运动,加速度逐渐增大解析:选BC.由于电势φ随x 的变化不是均匀变化,即ΔφΔx 不是常数,所以该静电场一定是非匀强电场,且O 点电场强度最大,x 0处电场强度最小,选项A 错误,B 正确;由电势变化规律可知,电场线方向指向x 轴负方向,在O 点由静止释放一电子,电子所受电场力的方向指向x 轴正方向,电子将沿x 轴正方向运动,且加速度逐渐减小,选项C 正确,D 错误. 7.(2018·株洲统一检测)如图,在真空中倾斜平行放置着两块带有等量异号电荷的金属板A 、B ,一个电荷量q =1.41×10-4C ,质量m =1 g 的带电小球自A 板上的孔P 点以水平速度v 0=0.1 m/s 飞入两板之间的电场,经0.02 s 后未与B 板相碰又回到P 点,g 取10 m/s 2,则( ) A .板间电场强度大小为100 V/m B .板间电场强度大小为141 V/m C .板与水平方向的夹角θ=30° D .板与水平方向的夹角θ=45°解析:选AD.因为小球从A 板射到B 板,沿水平方向运动,则可知,小球受力如图所示:设板间匀强电场的场强为E ,板与水平方向夹角为θ,在竖直方向由平衡条件得Eq cos θ=mg ,在水平方向由牛顿第二定律和运动学公式得Eq sin θ·t =2mv 0,解得E =m qg 2+4v 2t2=0.0011.41×10-4102+4×0.014×10-4 V/m =100V/m ,tan θ=2v 0gt =2×0.110×0.02=1,即θ=45°,A 、D 正确.8.(2018·湖北六校联考)一平行板电容器的两个极板水平放置,两极板间有一带电量不变的小油滴,油滴在极板间运动时所受空气阻力的大小与其速率成正比.若两极板间电压为零,经一段时间后,油滴以速率v 匀速下降;若两极板间的电压为U ,经一段时间后,油滴以速率v 匀速上升.若两极板间电压为2U ,油滴做匀速运动时速度的大小可能为( ) A .3v B .4v C .5vD .6v解析:选AC.若两极板间电压为零,经一段时间后,油滴以速率v 匀速下降,有mg =kv ,若两极板间的电压为U ,经一段时间后,油滴以速率v 匀速上升,知电场力大于重力,有:qUd=mg +kv ,若两极板间电压为2U ,如果电场力方向向上,油滴向上做匀速运动时,有q 2Ud=mg +kv ′,联立三式解得v ′=3v ,故A 正确;如果电场力方向向下,油滴向下做匀速运动时,有q 2Ud+mg =kv ″,联立三式解得v ″=5v ,故C 正确.三、非选择题9.(2018·内蒙古包头模拟)如图所示,在竖直平面内一个带正电的小球质量为m ,所带的电荷量为q ,用一根长为L 且不可伸长的绝缘轻细线系在一匀强电场中的O 点.匀强电场的方向水平向右,分布的区域足够大.现将带正电小球从O 点右方由水平位置A 点无初速度释放,小球到达最低点B 时速度恰好为零.(1)求匀强电场的电场强度E 的大小.(2)若小球从O 点的左方由水平位置C 点无初速度释放,则小球到达最低点B 所用的时间t 是多少?(已知:OA = OC =L ,重力加速度为g ) 解析:(1)对小球由A 到B 的过程,由动能定理得:mgL -qEL =0所以E =mg q.(2)小球由C 点释放后,将做匀加速直线运动,到B 点时的速度为v 0,小球做匀加速直线运动的加速度为aa =2mgm=2g ,v 2B =2a ·2L ,所以t =v Ba=2Lg.答案:(1)mg q(2)2L g10.(2018·河北衡水调研)如图所示,在竖直边界线O1O 2左侧空间存在一竖直向下的匀强电场,电场强度E =100 N/C ,电场区域内有一固定的粗糙绝缘斜面AB ,其倾角为30°,A 点距水平地面的高度为h =4 m .BC 段为一粗糙绝缘平面,其长度为L = 3 m .斜面AB 与水平面BC 由一段极短的光滑小圆弧连接(图中未标出),竖直边界线O 1O 2右侧区域固定一半径为R =0.5 m 的半圆形光滑绝缘轨道,CD 为半圆形光滑绝缘轨道的直径,C 、D 两点紧贴竖直边界线O 1O 2,位于电场区域的外部(忽略电场对O 1O 2右侧空间的影响).现将一个质量为m =1 kg 、电荷量为q =0.1 C 的带正电的小球(可视为质点)在A 点由静止释放,且该小球与斜面AB 和水平面BC 间的动摩擦因数均为μ=35(g 取10 m/s 2).求: (1)小球到达C 点时的速度大小; (2)小球到达D 点时所受轨道的压力大小; (3)小球落地点距离C 点的水平距离.解析:(1)以小球为研究对象,由A 点至C 点的运动过程中,根据动能定理可得(mg +Eq )h -μ(mg +Eq )cos 30°h s in 30°-μ(mg +Eq )L =12mv 2C -0,解得v C =210 m/s.(2)以小球为研究对象,在由C 点至D 点的运动过程中, 根据机械能守恒定律可得12mv 2C =12mv 2D +mg ·2R , 在最高点以小球为研究对象,可得F N +mg =m v 2DR,解得F N =30 N ,v D =2 5 m/s.(3)设小球做类平抛运动的加速度大小为a ,根据牛顿第二定律可得mg +qE =ma ,解得a =20 m/s 2.假设小球落在BC 段,则应用类平抛运动的规律列式可得x =v D t ,2R =12at 2,解得x = 2 m< 3 m ,假设正确. 答案:(1)210 m/s (2)30 N (3) 2 m11.(2018·哈尔滨九中模拟)如图甲所示,热电子由阴极飞出时的初速度忽略不计,电子发射装置的加速电压为U 0,电容器板长和板间距离均为L =10 cm ,下极板接地,电容器右端到荧光屏的距离也是L =10 cm ,在电容器两极板间接一交变电压,上极板的电势随时间变化的图象如图乙所示.(每个电子穿过平行板的时间都极短,可以认为电压是不变的)求:(1)在t =0.06 s 时刻,电子打在荧光屏上的何处. (2)荧光屏上有电子打到的区间有多长?解析:(1)电子经电场加速满足qU 0=12mv 2,经电场偏转后侧移量y =12at 2=12·qU 偏mL ⎝ ⎛⎭⎪⎫L v 2,所以y =U 偏L4U 0,由题图乙知t =0.06 s 时刻U 偏=1.8U 0,所以y =4.5 cm 设打在屏上的点距O 点的距离为Y ,满足Y y =L +L 2L2,所以Y =13.5 cm.(2)由题知电子侧移量y 的最大值为L2,所以当偏转电压超过2U 0,电子就打不到荧光屏上了,所以荧光屏上电子能打到的区间长为3L =30 cm. 答案:(1)打在屏上的点位于O 点上方,距O 点13.5 cm (2)30 cm。

高考物理一轮复习第七章静电场微专题11电场中“三类图象”问题的突破ppt课件新人教版

高考物理一轮复习第七章静电场微专题11电场中“三类图象”问题的突破ppt课件新人教版
解析: B [由图可知x₁ 处场强与-x₁ 处场强大小相等,则A 错 误;因图线与横轴所围面积表示电势差,设 O 点处电势为零,则由 图可知x₁ 与 -x₁ 处电势相等,电势差为零, C、D 错误;由动能定理 有qU=△Ek, 可知B 选项正确. 1
典例赏析
[典例3](2017 ·衡水中学期末)两电荷量分别为q₁ 和 q₂ 的点电 荷放在x 轴上的0、 M 两点,两电荷连线上各点电势φ随x 变化的 关系如图所示,其中A、N 两点的电势均为零, ND 段中的C 点电势
[审题指导] (1)审关键词:①E-x 图象 . ②x 轴正方向为电场强度正方向. ③带正电的点电荷沿x 轴运动.
(2)思路分析: ① 由 E-x 图象,分析带正电的点电荷从x₂ 到 x₄ 的过程中电场 力 做功情况. ②分析从x₁ 到 x₃ 的过程中,电场力做功情况. ③分析从x₁ 到 x4 的过程中,电场力大小的变化情况.
典例赏析
[典例2] (68520227) (多选)静电场在x 轴上的电场强度 E 随 x 的变化关系如图所示, x 轴正向为电场强度正方 向,带正电的点电荷沿x 轴运动,则点电荷( )
A. 在 x₂ 和 x₄ 处电势能相等 B. 由 x₁ 运动到x₃ 的过程中电势能增大 C. 由 x₁ 运动到x4 的过程中电场力先增大后减小 D. 由 x₁ 运动到x₄ 的过程中电场力先减小后增大
尖子生好方法:听课时应该始终跟着老师的节奏,要善于抓住老师讲解中的关键词,构建自己的知识结构。利用老师讲课的间隙,猜想老师还会讲什么,会怎样讲,怎 样讲会更好,如果让我来讲,我会怎样讲。这种方法适合于听课容易分心的同学。
4. 一带电粒子在电场中仅受静电力作用,做初速度为零的直线 运动.取该直线为x 轴,起始点O 为坐标原点, 其电势能 Ep 与位移x 的关系如图所示.下列图 象中合理的是( )
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静电场考点突破微专题6静电场中“三线”问题的解题策略一知能掌握(一)三线特征--电场线等势线运动轨迹1.电场线形象地描述电场中各点场强的强弱及方向的曲线,曲线上每一点的切线方向都跟该点的场强方向一致;电场线越密表示电场强度的大小。

2.等势线(面)电场中电势相等的各点组成的线(面)。

主要特点:等势面一定与电场线垂直;在同一等势面上移动电荷时静电力不做功;3.运动轨迹带电粒子移动的路径,轨迹若是曲线,则带电粒子受合力方向指向运动轨迹的凹侧.(二)三线问题解体策略“三线”问题往往设置以“三线”为载体的问题情境,要求在理解“三线”特征的基础上,按照以下“一二三四五”策略依次展开对问题的综合分析:1.选择一个交点:在电场线和运动轨迹均已知的情境中,直接选择电场线和运动轨迹的一个交点位置去分析,有的问题情境只给出了等势线面,需要先根据电场线和等势线面的关系画出电场线,然后再选择电场线和运动轨迹的一个交点位置去展开分析。

2.抓住两个关键:确定速度方向和静电力方向是解决问题的两个关键,需要在画出“速度方向线”(运动轨迹在初始位置的切线)与“静电力方向线”(在初始位置电场线的切线方向,指向轨迹的凹侧)的基础上,从二者的夹角情况来展开分析.3.确定三个要素:在“三线”问题中电荷的正负、电场线的方向,电荷运动路径的方向,是题目中相互制约的三个方面.若已知其中的任一个,可顺次向下分析判定各待求量;若三个都不知,则要用“假设法”分别讨论各种情况.有时各种情景的讨论结果是归一的.4.掌握四类方法(1)判断加速度大小变化的方法:根据牛顿第二定律,结合电场线疏密判断。

由F=ma,F=Eq,在只受静电力情况下,电场线越密集,电场强度E越大,静电力越大,加速度越大;电场线越稀疏,电场强度E越小,静电力越小,加速度越小。

(2)判断速度大小变化的方法:①根据动力学关系,结合合力与速度的夹角判断。

若合力与速度方向的夹角总小于90°,则速度减小;若合力与速度方向的夹角总大于90°,则速度增加;若合力与速度方向的夹角总等于90°,则速度大小不变;②根据功能关系,结合W合=△EK判断:W合为正,则△EK>0,动能增加;速度增加;W合为负,则△EK<0,动能减少,速度减小;的变化判断:③根据能量守恒定律,结合EP电势能减少,则动能增加,速度增加;电势能增加,则动能减少,速度减少;(3)判断静电力做功正负的方法:①根据静电力与速度或位移的夹角θ判断:若θ总小于90°,则静电力做正功,电势减小;若θ总大于90°,则静电力做负功,电势能增加;若θ总等于90°,则电势能不变;②根据WAB=UABq,结合UAB和q的正负判断,UAB>0,q为正,则静电力做正功;q为负,则静电力做负功;UAB<0,q为正,则静电力做负功;q为负,则静电力做正功;③根据W=-△EP,结合电势能的变化判断:电势能增加,则静电力做负功;电势能减少,则静电力做正功(4)判断电势能、电势变化的方法:①根据电场线,结合电荷电性判断:顺着电场线的方向,电势逐渐降低,正电荷的电势能减少,负电荷的电势能增加;逆着电场线的方向,电势逐渐升高,正电荷的电势能增加,负电荷的电势能减少.②根据W=-△EP,结合静电力做功和电荷电性判断:静电力对电荷做正功时,电势能减少,对正电荷,电势降低,对负电荷,电势升高;静电力对电荷做负功时,电势能增加,对正电荷,电势升高,对负电荷,电势降低。

③根据公式Ep=qφ,结合电荷电性判断:设φA>φB.当q>0时,qφA>qφB,即EpA>EpB.当q<0时,qφA<qφB,即EpA<EpB.5.明确五组关系(1)电荷电性、电场强度方向、静电力方向的关系正电荷受到的静电力方向与电场强度方向相同;负电荷受到的静电力方向与电场强度方向相反;(2)电荷电性、电势、电势能的关系正电荷在电势高的地方电势能大,在电势低的地方电势能小;负电荷在电势高的地方电势能小,在电势低的地方电势能大.(3)电场线和等势面关系等势面一定与电场线垂直,电场线方向总是从电势高的的等势面指向电势低的的等势面;等差等势面越密的地方电场强度越大,反之越小。

(4)动力学关系可根据合力与速度方向的夹角判断物体的运动性质。

带电粒子做曲线运动,则所受合力(往往仅为静电力)应指向轨迹曲线的凹侧,轨迹夹在力和速度方向之间,(5)功能关系几组典型的功能关系:静电力做功与电势能变化的关系,合力做功与动能变化的关系,除重力弹簧弹力以外的其它力做功与机械能变化的关系等二探索提升“三线”问题的设置主要有三类途径,每类途径又可分非典型电场和典型电场两种情形。

在非典型电场中,在电荷电性、运动轨迹方向、电场线方向均未知的情况下,往往需要分情况讨论,先假设其中的一种情况再依次分析。

在典型电场中,根据典型电场的特点,可以推测电场的场强、电势和场源电荷的相关信息。

题型一电场线和带电粒子的轨迹问题1.非典型电场典例1:(2018年▪天津卷)如图1所示,实线表示某电场的电场线(方向未标出),虚线是一带负电的粒子只在电场力作用下的运动轨迹,设M点和N点的电势分别为M N ϕϕ、,粒子在M 和N 时加速度大小分别为M N a a 、,速度大小分别为M N v v 、,电势能分别为P P M N E E 、。

下列判断正确的是图1A.M N M Nv v a a <<,B.M N M N v v ϕϕ<<,C.P P M N M NE E ϕϕ<<,D.P P M N M Na a E E <<,【答案】D 【分析】先选择带电粒子的轨迹和电场线的一个交点,因不知道运动轨迹的方向这个要素,需要用假设法讨论从M 到N 或从N 到M 两种情况,确定图示2、3的两种情况下的速度方向和受到的合力方向,应用动力学关系、功能关系可判断,从M 到N,速度、动能减小,从N 到M,速度、动能增大,结果都是M 点的动能、速度比N 点的动能、速度大。

结合能量守恒定律可知M 点比N 点的电势能小。

再依据电荷电性、电势、电势能的关系判断M、N 点的电势高低。

由N、M 处电场线的疏密判断电场强度的大小,比较静电力的大小,再由牛顿第二定律得到加速度大小结论。

图2图3【解析】N 点的电场线比M 点的电场线更密集,所以电场强度更大,静电力更大,粒子的加速度也更大,a N >a M 。

若粒子从M 运动到N ,根据动力学关系,带电粒子所受电场力指向轨迹弯曲的内侧,可知在该点的电场力方向和速度方向成钝角,故电场力做负功,电势能增大,动能减小,即,负电荷在低电势处电势能大,故;若粒子从N 运动到M ,则根据带电粒子所受电场力指向轨迹弯曲的内侧,可知在某点的电场力方向和速度方向成锐角,故电场力做正功,电势能减小,动能增大,即,负电荷在低电势处电势能大,故;综上所述,D 正确。

2.典型电场典例2:【2017·天津卷】如图4所示,在点电荷Q 产生的电场中,实线MN 是一条方向未标出的电场线,虚线AB 是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹。

设电子在A 、B 两点的加速度大小分别为a A 、a B ,电势能分别为E p A 、E p B 。

下列说法正确的是图4A.电子一定从A 向B 运动B.若a A >a B ,则Q 靠近M 端且为正电荷C.无论Q 为正电荷还是负电荷一定有E p A <E p BD.B 点电势可能高于A 点电势【答案】BC【分析】根据曲线运动的动力学关系确定交点处静电力的方向向左(如图),因为电子带负电,再根据电荷电性、静电力方向和电场强度方向关系确定电场线的方向向右。

本题的关键是题目给出的是典型的点电荷电场,再结合点电荷的场强方向大小分布特点判断,如果场源电荷带正电,则应靠近M 端,且从M 到N 电场强度变小,如果场源电荷带负电,则应靠近N 端,且从M 到N 电场强度变大。

运动轨迹的方向不明确,可用假设法讨论电子从A 到B 或从B 到A 的两种可能,均可符合题意,因而是不确定的。

【解析】曲由于运动路径的方向不知,因此速度方向也不能确定,由所知条件无法判断电子的运动方向,故A 错误;电子在电场中做曲线运动,虚线AB 是电子只在静电力作用下的运动轨迹,电场力沿电场线指向曲线的凹侧,所以电子受到的静电力方向向左,电场强度方向向右,电场线方向向右,若a A >a B ,说明电子在M 点受到的电场力较大,M 点的电场强度较大,根据点电荷的电场分布可知,靠近M 端为场源电荷的位置,应带正电,故B 正确;无论Q 为正电荷还是负电荷,沿电场线方向电势降低,一定有电势B A ϕϕ>,电子电势能p E e ϕ=-,电势能是标量,所以一定有E p A <E p B ,故C 正确,D 错误。

综上所述,BC 正确FE典例3:如图6所示,一带电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中,在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹.M和N是轨迹上的两点,其中M点是轨迹的最右点.不计重力,下列表述正确的是()图6A.粒子在M点的速率最大B.粒子所受电场力沿电场方向C.粒子在电场中的加速度不变D.粒子在电场中的电势能始终在增加【答案】C【分析】本题考查典型电场(匀强电场)的电场线、运动轨迹问题。

根据匀强电场场强特点,容易分析加速度大小情况。

结合电场线的方向和静电力方向,判断电荷的电性,再由功能关系依次分析【解析】根据做曲线运动的物体所受合力指向轨迹的凹侧的特点,再结合电场力的特点可知粒子带负电,即受到的电场力方向与电场线方向相反,B错;从N点到M点电场力做负功,粒子做减速运动,电势能增加,当经过M点后电场力做正功,粒子做加速运动,电势能减小,则粒子在M点的速度最小,A、D错;在整个过程中粒子只受电场力,根据牛顿第二定律可知加速度不变,C正确.综上所述,C正确题型二等势面和带电粒子的轨迹问题解答该类问题,可以先根据等势面与电场线互相垂直由已知的等势面画出对应的电场线,则等势面和带电粒子的运动轨迹问题转化为电场线和带电粒子的运动轨迹问题。

也可以根据静电力与电场线相切,静电力必定与等势面垂直,再结合动力学关系做曲线运动的物体受到的合力(当物体只受到静电力时即为静电力)指向轨迹的凹侧确定静电力的方向,再一次分析。

1.非典型电场典例4:(多选)如图7所示,虚线a、b、c表示电场中的三个等势面与纸平面的交线,且相邻等势面之间的电势差相等。

实线为一带正电荷粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,M、N是这条轨迹上的两点,则下列说法中正确的是A.三个等势面中,a 的电势最高B.对于M、N 两点,通过M 点时电势能较大C.对于M、N 两点,通过M 点时动能较大D.带电粒子由M 运动到N 时,加速度增大【答案】CD【分析】首先根据等势面和电场线垂直的关系,画出运动轨迹和等势面b 的交点的电场线,将等势面、运动轨迹问题转化为如图所示的电场线、运动轨迹问题。

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