数值分析课后题答案
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解:
X 0 1,X 1 1,X 2 2,
f(x 。) 0,f(X 1) 3,f(X 2) 4; 1
-(X 1)(x 2) 2
1
-(x 1)(x 2) 6
1
3(x 1)(x 1)
6•设X j , j 0,1,L ,n 为互异节点,求证:
n
(1)
x :l j (x) x k
(k 0,1,L ,n);
j 0
n
(2) (X j x)k l j (x) 0 (k 0,1,L ,n);
j 0
证明
(1)令 f (x) x k
n
若插值节点为X j ,j 0,1,L , n ,则函数f (x)的n 次插值多项式为
x k
l
j
(x)。
j 0
f (n 1}() 插值余项为 R n (x) f (x) L n (x) n 1(x) (n 1)!
又Q k n,
第二章 2•当 x 1, 1,2 时,f(x)
数值分析
0, 3,4,求f (x)的二次插值多项
式。
X
2
(X
4
一 3 2)
(X
X
/V
1 - 2(X X 1)(x X 2) (X 。 X 1)(X ° X 2) (X X 0)(X X 2)
(X 1 沧)任 X 2) (X X °)(X X 1) (X 2 X °)(X 2 X 1)
l °(x )
h(x) 则二次拉格朗日插值多项式为
2
L 2(X ) y k l k (x) k 0
f (n 1)( ) 0 FUx) 0
n
x :l j (x) x k
(k 0,1,L ,n); j 0
n
⑵(X j x)k l j (x)
j 0 n n
(C?x j ( x)ki )l j (x)
j 0 i 0 n
n
i
k i
i
C k ( x) (
X j l j (x))
i 0
j 0
又Q 0 i n
由上题结论可知
n
x :l j (x) x i
j 0
n
原式
C k ( x)k i x i
i 0
(x x)k
又 Q f (a) f(b) 0 L i (x) 0
插值余项为R(x)
1 f (x) J(x) - f (x)(x x °)(x x i )
7 设 f
(x) 2
C 2
a,b 且 f (a) f(b) max f (x) a x b
1(b
a) 2
max a x b f (x). 解:令X 。
a, x i b , 以此为插值节点
x X
X X 0
L i (x) f(x 。) f (X i )
X 0 X i
X X 0
X b X a =
f(a) f(b)-
得证。
a b x a
0,求
证:
则线性插值多项式为
f(x)
2f (x)(x x))(x X i )
又Q (X X o)(X X i)
i(X 4(xi 4(b X o) (X i
2
X)
X o)2 a)2
max a X b f(x) 8(b a)2 max f (X)
7 a X b 、,
8•在4 X 4上给出f(x) e x的等距节点函数表,若用二次插值求e X的近似值,要使截断误差不超过10 6,问使用函数表的步长 h应取多少?
解:若插值节点为X1,x i和x i 8,则分段二次插值多项式的插值余项为
1
R(x) 3! f ( )(X X i i)(X X)(x X i i) 3!
8(X X i i)(X
6
R2(X) X)(X X
i)max
f (X)
设步长为h, 即x i 1 x i h,X i X i h
R2(X) 1e4 -%
6 3.3
—e4h3.
27
若截断误差不超过10 6,
R2(X) 10 6
■ 3 4.3 6
e h 10
27
h 0.0065.
9•若y n 2n,求4y n及 4 y n
・,
解:根据向前差分算子和中心差分算子的定义进行求解。
n
y n 2
4 4
y n (E 1) y n
4
4
y n
2n
1
4
y n (E 2
1
(E 2)4(E 1)4y n E y n
2n
P(0) P (0) 0,P(1) P(1) 0, P(2)
X 0* 1
y 。0, y 1 1 m 0 0m 1
( j 0 4
( j 0 4
(
j 0
1)j
1)j
1)j
(2 1)4y n E 4 j y n
y 4 n 24 j y n
解法一:利用埃米尔特插值可得到次数不高于 4的多项式
1
E 2)4
y n
2 4
y n
16.
f(x) x 7
x 4
3x 1,求 F 20
,21
,L ,27
及 F 20
,21
丄,28
。
解: Q f(x)
X 7 X 4 3X 1
2i ,i 0,1,L
,8 则f X o ,X i 丄
,x
n
(n)
() n!
f X o ,X i ,L ,X 7
(7)
() 7!
7!
1 7!
f X 0,X 1 丄,X
(8)
()
8!
19 . 求
次数不
高于 4
次的多项式 P ( X ), 使它