2015届高三物理上学期期中考试试题

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2015届高三物理上学期期中考试试题

2015届高三物理上学期期中考试试题本试卷分为第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分，考试时间90分钟，满分100分。

第I 卷（选择题共48分）一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分。

每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．物体M 位于斜面上，受到平行于斜面的水平力F 的作用处于静止状态，如图所示，如果将外力F 撤去，则物体A ．会沿斜面下滑B ．摩擦力方向没有变化C ．摩擦力变大D ．摩擦力变小2．关于力和运动，下列说法中正确的是A ．物体在恒力作用下可能做曲线运动B ．物体在变力作用下不可能做直线运动C ．物体在恒力作用下不可能做曲线运动D ．物体在变力作用下不可能保持速率不变3．一水平抛出的小球落到一倾角为q 的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如右．图中虚线所示。

小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为 A. 1tan q B. 12tan qC. tan qD. 2tan q 4．如图所示，一细束红光和一细束蓝光平行射到同一个三棱镜上，经折射后交于光屏上的同一个点M ，若用1n 和2n 分别表示三棱镜对红光和蓝光的折射率，下列说法中正确的是A ．12n n <，a 为红光，b 为蓝光B 12n n <.，a 为蓝光，b 为红光C ．12n n >，a 为红光,b 为蓝光 D. 12n n >，a 为蓝光，b 为红光5．研究光电效应电路如图所示，用频率相同、强度不同的光分别照射密封真空管的钠极板（阴极K ），钠极板发射出的光电子被阳极A 吸收，在电路中形成光电流。

下列光电流I 与A\K 之间的电压ak U 的关系图象中，正确的是6．如图所示．在一块长木板上放一铁块，当把长木板从水平位置绕A 端缓慢抬起时；铁块所受的摩擦力A ．随倾角的增大而减小B．开始滑一动前，随倾角的增大而增大，滑动后，随倾角的增大而减小C．开始滑动前，随倾角的增大而减小，滑动后，随倾角的增大而增大D．开始滑动前保持不变，滑动后，随倾角的增大而减小7．下列说法中正确的是A．一群氢原子处于n=3的激发态向较低能级跃迁，最多可放出两种频率的光子B．由于每种原子都有自己的特征谱线，故可以根据原子光谱来鉴别物质C．实际上，原子中的电子没有确定的轨道，但在空间各处出现的概率是相同的D．a粒子散射实验揭示了原子的可能能量状态是不连续的8，月球与地球质量之比约为1：80，有研究者认为月球和地球可视为一个由两质点构成的双星系统，它们都围绕月地连线上某点O做匀速圆周运动。

山东省潍坊市2015届高三物理上学期期中试题 (含解析)

山东省潍坊市2015届高三〔上〕期中物理试卷一、选择题〔此题共10小题，每一小题4分，共40分．在每一小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确的．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．〕1．〔4分〕如下说法正确的答案是〔〕A．牛顿在研究第一定律时利用了理想实验法B．开普勒认为，在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上C．卡文迪许测出了静电力常量D．法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究考点：物理学史．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、在实验的根底上进展科学推理是研究物理问题的一种方法，通常称之为理想实验法或科学推理法，如伽利略采用了这种方法，故A错误；B、牛顿认为，在高山上水平抛出一物体，只要速度足够大就不会再落在地球上，故B错误；C、卡文迪许测出了万有引力常量，故C错误；D、法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究，故D正确；应当选：D．点评：此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如下列图，在水平向右的匀强电场中，一带电金属块由静止开始沿绝缘斜面下滑，在金属块下滑的过程中动能增加了10J，金属块抑制摩擦力做功5J，重力做功20J，如此以下判断正确的答案是〔〕A．电场力做功5J B．合力做功15JC．金属块的机械能减少20J D．金属块的电势能增加5J考点：电势能；功能关系．分析：在金属块滑下的过程中动能增加了10J，金属块抑制摩擦力做功5J，重力做功20J，根据动能定理求出电场力做功．知道电场力做功量度电势能的改变．知道重力做功量度重力势能的改变．解答：解：在金属块滑下的过程中动能增加了10J，金属块抑制摩擦力做功5J，重力做功20J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK解得：W电=﹣5J所以电场力做功﹣5J，金属块的电势能增加5J．．故A错误D正确B、合力做功等于物体动能的变化量，故为10J，故B错误；C、在金属块滑下的过程中重力做功20J，重力势能减小20J，动能增加了10J，所以金属块的机械能减少10J，故C错误．应当选：D．点评：解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．3．一条大河两岸平直，河水流速恒为v．一只小船，第一次船头正对河岸，渡河时间为t1；第二次行驶轨迹垂直河岸，渡河时间为t2．船在静水中的速度大小恒为，如此t1：t2等于〔〕A．1：B．：1C．1：D．：1考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，由位移与速度的关系，即可求出时间；再根据平行四边形定如此，即可求解最短时间的过河位移大小．因船在静水中的速度大于水流速度，当船的合速度垂直河岸时，船渡河的位移最短，最短位移即为河宽，从而即可求解．解答：解：〔1〕设河宽为d，水速为v，船在静水中的航速为v，当小船的船头始终正对河岸时，渡河时间最短设为t1，如此t1=；〔2〕因船在静水中的速度大于水流速度，当船的合速度垂直河岸时，船渡河的位移最短，渡河时间t2==．如此t1：t2等于1：，故A正确，BCD错误；应当选：A．点评：解决此题的关键知道合运动与分运动具有等时性，当静水速与河岸垂直，渡河时间最短；当合速度与河岸垂直，渡河航程最短．4．〔4分〕甲、乙两车沿同一平直公路同向运动．其运动的v﹣t图象如下列图．t=0时刻，乙在甲前方20m处，以下说法正确的答案是〔〕A． 4s末两车相遇B． 10s末两车相遇C．相遇前，两车间的最大距离是36m D．相遇前，两车间的最大距离是16m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在t=0时刻，乙车在甲车前面20m，甲车追上乙车时，甲的位移比乙车的位移多25m，然后位移时间关系公式列式求解相遇的时间．解答：解：ACD、据速度时间图象的意义可知，当4s时两车速度相等时，两车间距最远；该时s甲=4×10m=40m，，所以△s=40m﹣24m+20m=36m，故AD错误，C正确；B、据图象可知甲的加速度a==2m/s2甲车追上乙车时，甲的位移比乙车的位移多20m，根据位移时间关系公式，有：x乙=10tx甲﹣x乙=25联立各式解得：t=10s，即10s时恰好追上，故B正确．应当选：BC．点评：此题根据速度图象分析运动情况的能力，要注意两车的位置关系和距离随时间如何变化，当两车相遇时，位移之差等于原来之间的距离．5．〔4分〕静电场的电场线分布如下列图．以正点电荷为中心取一个正方形路径abcd，a、c 与两个点电荷在同一直线上．如下说法正确的答案是〔〕A． a点场强比c点大B． a点电势比c点高C． b、d两点的场强一样D． b、d两点的电势能相等考点：电场线．分析：根据电场线的疏密分析场强的大小，根据顺着电场线方向电势降低，判断电势上下，再分析电势能的关系．解答：解：A、电场线的疏密表示场强的大小，a处电场线比b处电场线疏，如此a点场强比c 点小，故A错误．B、a和正电荷间的场强小于与c和正电荷间场强，由U=Ed知，a与正电荷间的电势差大于正电荷与c间的电势差，如此a点电势比c点高，故B正确．C、b、d两点的场强大小相等，方向不同，如此场强不同．故C错误．D、b、d两点的电势相等，而不是电势能相等，故D错误．应当选：B．点评：掌握电场线、等势面的分布情况，对解答这类问题至关重要，紧扣对称性是常用方法．6．〔4分〕某行星的质量是地球质量的3倍，直径是地球直径的3倍．设想在该行星外表附近绕其做圆周运动的人造卫星的周期为T1，在地球外表附近绕地球做圆周运动的人造卫星的周期为T2，如此T1：T2等于〔〕A． 1：1 B． 3：1 C． 1：3 D． 6：1考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．专题：人造卫星问题．分析：要求卫星的周期的大小关系可根据万有引力提供向心力来进展计算．解答：解：对于卫星，根据万有引力提供向心力得：得：所以：应当选：B点评：万有引力提供向心力是解决天体运动的根本思路和方法，在学习中要注意总结和积累．7．〔4分〕如下列图为用绞车拖物块的示意图．拴接物块的细线被缠绕在轮轴上，轮轴逆时针转动从而拖动物块．轮轴的半径R=0.5m，细线始终保持水平；被拖动物块质量m=1kg，与地面间的动摩擦因数μ=0.5；轮轴的角速度随时间变化的关系是ω=2trad/s，g=10m/s2．以下判断正确的答案是〔〕A．物块做匀速运动B．物块做匀加速直线运动，加速度大小是1m/s2C．绳对物块的拉力是5ND．绳对物块的拉力是6N考点：牛顿第二定律；线速度、角速度和周期、转速．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由物块速度v=ωR=at，可得物块运动的加速度，结合牛顿第二定律即对物块的受力分析可求解绳子拉力解答：解：A、B、由题意知，物块的速度v=ωR=2t×0.5=1t又v=at故可得：a=1m/s2，故A错误，B正确；C、D、由牛顿第二定律可得：物块所受合外力F=ma=1NF=T﹣f，地面摩擦阻力f=μmg=0.5×1×10=5N故可得物块受力绳子拉力T=f+F=5+1=6N，故C错误，D正确应当选：BD点评：此题关键根据绞车的线速度等于物块运动速度从而求解物块的加速度，根据牛顿第二定律求解．8．〔4分〕如图，三根轻绳悬挂两个质量一样的小球保持静止，绳AD与AC垂直．现对B球施加一个水平向右的力F，使B缓慢移动到图中虚线位置，此过程中AD、AC两绳张力TAC、TAD的变化情况是〔〕A． TAC变大，TAD减小B． TAC变大，TAD不变C． TAC减小，TAD变大D． TAC不变，TAD变大考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先以B为研究对象受力分析，由分解法作图判断出TAB大小的变化；再以AB整体为研究对象受力分析，由平衡条件判断TAD和TAC的变化情况．解答：解：以B为研究对象受力分析，由分解法作图如图：由图可以看出，当将B缓缓拉到图中虚线位置过程，绳子与与竖直方向夹角变大，绳子的拉力大小对应图中1、2、3三个位置大小所示，即TAB逐渐变大，F逐渐变大；再以AB整体为研究对象受力分析，设AC绳与水平方向夹角为α，如此竖直方向有：TACsinα=2mg得：TAC=，不变；水平方向：TAD=TACcosα+F，TACcosα不变，而F逐渐变大，故TAD逐渐变大；故C正确；应当选：C．点评：当出现两个物体的时候，如果不是求两个物体之间的作用力大小通常采取整体法使问题更简单．9．〔4分〕如下列图，一个内壁光滑的圆管轨道ABC竖直放置，轨道半径为R．O、A、D位于同一水平线上，A、D间的距离为R．质量为m的小球〔球的直径略小于圆管直径〕，从管口A正上方由静止释放，要使小球能通过C 点落到AD区，如此球经过C点时〔〕A．速度大小满足≤vc≤B．速度大小满足0≤vc≤C．对管的作用力大小满足mg≤FC≤mgD．对管的作用力大小满足0≤Fc≤m g考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球离开C点后做平抛运动，由平抛运动的规律求解C点的速度大小范围．根据牛顿第二定律分析球对管的作用力大小范围．解答：解：AB、小球离开C点做平抛运动，落到A点时水平位移为R，竖直下落高度为R，根据运动学公式可得：竖直方向有：R=水平方向有：R=vCt解得：vC=；小球落到D 点时水平位移为2R，如此有2R=vC′t解得vC′=故速度大小满足≤vc≤，故A 正确，B错误．CD 、在C点，对球研究：设管对球的作用力方向向下，根据牛顿第二定律得：mg+F=m将≤vc≤代入得：mg≤F≤mg，由牛顿第三定律可知：mg≤FC≤mg．故C正确，D错误．应当选：AC．点评：此题要分析清楚物体的运动过程，根据物体的不同的运动状态，采用相应的物理规律求解即可．10．〔4分〕如图a所示，小物体从竖直弹簧上方离地高h1处由静止释放，其动能Ek与离地高度h的关系如图b所示．其中高度从h1下降到h2，图象为直线，其余局部为曲线，h3对应图象的最高点，轻弹簧劲度系数为k，小物体质量为m，重力加速度为g．以下说法正确的答案是〔〕A．小物体下降至高度h3时，弹簧形变量为0B．小物体下落至高度h5时，加速度最大C．小物体从高度h2下降到h4，弹簧的弹性势能增加了D．小物体从高度h1下降到h5，弹簧的最大弹性势能为mgh1考点：功能关系．分析：高度从h1下降到h2，图象为直线，该过程是自由落体，h1﹣h2的坐标就是自由下落的高度，此时的加速度也就是自由落体加速度；h3点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为零，加速度也就为零，可以计算出弹簧的形变量；小物体下落至高度h5时，加速度最大；h4点与h2点物体的动能一样，根据功能关系即可得出h4点弹簧的弹性势能与h2点的弹性势能的变化量．由机械能守恒即可求出小物体从高度h1下降到h5，弹簧的最大弹性势能．解答：解：A、高度从h1下降到h2，图象为直线，该过程是自由落体，h1﹣h2的坐标就是自由下落的高度，所以小物体下降至高度h2时，弹簧形变量为0．故A错误；B、物体的动能先增大，后减小，小物体下落至高度h4时，物体的动能与h2时的动能一样，由弹簧振子运动的对称性可知，在h4时弹簧的弹力一定是重力的2倍；小物体下落至高度h5时，动能又回到0，说明h5是最低点，弹簧的弹力到达最大值，一定大于重力的2倍，所以此时物体的加速度最大．故B正确；C、小物体下落至高度h4时，物体的动能与h2时的动能一样，由弹簧振子运动的对称性可知，在h4时弹簧的弹力一定是重力的2倍；此时弹簧的压缩量：，小物体从高度h2下降到h4，重力做功：．物体从高度h2下降到h4，重力做功等于弹簧的弹性势能增加，所以小物体从高度h2下降到h4，弹簧的弹性势能增加了．故C正确；D、小物体从高度h1下降到h5，重力做功等于弹簧弹性势能的增大，所以弹簧的最大弹性势能为：mg〔h1﹣h5〕．故D错误．应当选：BC点评：知道物体压缩弹簧的过程，就可以逐个分析位移和加速度．要注意在压缩弹簧的过程中，弹力是个变力，加速度是变化的，当速度等于零时，弹簧被压缩到最短．二、实验题〔此题共3小题，共18分．〕11．〔4分〕某同学做测定弹簧劲度系数的实验．他测出了弹簧长度l与对应弹力F的五组数据后，在F﹣l坐标系中描出了对应的五个点，如下列图．〔1〕在图中绘出F﹣l图线；〔2〕由图线求得弹簧的劲度系数k=80N/m．〔保存两位有效数字〕．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题．分析：〔1〕根据所提供数据采用描点法可画出图象．〔2〕图象的斜率大小等于劲度系数的大小，据此可正确解答．解答：解：〔1〕利用描点法得出图象如下所示：〔2〕根据胡克定律得：F=k〔l﹣l0〕可知F﹣L图线的斜率大小等于弹簧的劲度系数大小，故由图解得：k=80N/m．故答案为：〔1〕如图；〔2〕80．点评：此题考查了数学知识和胡克定律的相结合，是一道考查应用数学知识解答物理问题的好题．12．〔6分〕用图甲所示的装置来研究自由落体运动，得到的一条纸带如图乙所示，O为打下的第一个点，相邻两计数点间的时间间隔为0.1s．测得O点到各计数点间的距离为：hOA=48.5mm，hOB=193.9mm，hOC=436.5mm，hOD=776.0mm．〔1〕计时器打C点时重物下落的速度vC= 2.92m/s〔保存三位有效数字〕；〔2〕重物自由下落的加速度g测=9.71m/s2〔保存三位有效数字〕．〔3〕某同学想利用测得的vC、g测的值，以与O、C间的距离h，判断g测h与是否相等，来验证机械能是否守恒．你认为此方案是否可行？否．〔选填“是〞或“否〞〕考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出重力加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．解答：解：〔1〕根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．vC==2.92 m/s〔2〕设0到A之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3﹣x1=2a1T2x4﹣x2=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得：g测=〔a1+a2〕==9.71m/s2，〔3〕根据mgh=mv2得：gh=，求解重力势能时，g应该去当地的重力加速度，不能取g测．所以此方案是不可行的．故答案为：〔1〕2.92；9.71〔2〕否点评：要提高应用匀变速直线的规律以与推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强根底知识的理解与应用．13．〔8分〕探究加速度与力的关系装置如下列图．带滑轮的长木板水平放置，细绳通过两滑轮分别与弹簧秤挂钩和沙桶连接，细线与桌面平行．将木块放在靠近打点计时器的一端，缓慢向沙桶中添加细沙，直到木块开始运动，记下木块运动后弹簧秤的示数F，通过纸带求出木块运动的加速度a．将木块放回原处，向沙桶中添加适量细沙，释放木块…获取多组a、F数据．〔1〕关于该实验的操作，以下说法正确的答案是ABA．实验过程中，应先闭合打点计时器开关，再释放小车B．通过缓慢添加细沙，可以方便地获取多组实验数据C．每次添加细沙后，需测出沙与沙桶的质量D．实验过程要确保沙与沙桶的质量远小于木块的质量〔2〕某同学根据实验数据做出了两个a﹣F图象如图2所示，正确的答案是B；由图象可知，木块所受的滑动摩擦力大小大小为2F0；假设要作出木块的加速度与合力的关系，需要对图象进展修正．修正后的横坐标F合应该等于2F﹣2F0〔用F、F0表示〕．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕该实验不需要测量沙与沙桶的质量，绳子的拉力由弹簧秤直接测量，不需要满足沙与沙桶的质量远小于木块．〔2〕根据牛顿第二定律得出a与F的关系式，结合关系式得出正确的图线．〔3〕根据加速度等于零求出弹簧的拉力，从而求出此时的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得出加速度与合力的关系式，从而得出修正后的横坐标．解答：解：〔1〕实验中应该先接通电源后释放纸带，故A正确．B、通过缓慢添加细沙，可以方便地获取多组实验数据，故B正确．C、绳子的拉力可以通过弹簧测力计测出，不需要测量砂与沙桶的质量，也不需要保证沙与沙桶的质量远小于木块．故C、D错误．应当选：AB．〔2〕小车所受的拉力等于2倍的弹簧秤拉力，可以直接测量得出，根据牛顿第二定律得，a==，故正确的图线是B．当弹簧拉力为F0时，小车开始滑动，可知滑动摩擦力f=2F0．根据牛顿第二定律得，a=，所以修正后的横坐标F合应该等于2F﹣2F0．故答案为：〔1〕AB；〔2〕B；2F0，2F﹣2F0点评：此题实验源于课本实验，但是又不同于课本实验，关键要理解实验的原理，注意该实验不需要测量砂与沙桶的质量，也不需要保证沙与沙桶的质量远小于木块．三、计算题〔本大题包括4小题，共42分．解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．〕14．〔8分〕汽车在路上出现故障时，应在车后放置三角警示牌〔如下列图〕，以提醒后面驾车司机，减速安全通过．在夜间，有一货车因故障停驶，后面有一小轿车以30m/s的速度向前驶来，由于夜间视线不好，小轿车驾驶员只能看清前方50m的物体，并且他的反响时间为0.6s，制动后最大加速度为5m/s2．求：〔1〕小轿车从刹车到停止所用的最短时间；〔2〕三角警示牌至少要放在车后多远处，才能有效防止两车相撞．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：〔1〕根据速度时间关系求解时间〔2〕反响时间内做匀速运动，x=vt，刹车后做匀减速直线运动，由x=求解，进而得总位移．解答：解：〔1〕从刹车到停止时间为t2，如此s ①〔2〕反响时间内做匀速运动，如此x1=v0t1②x1=18m③从刹车到停止的位移为x2，如此④x2=90m⑤小轿车从发现物体到停止的全部距离为x=x1+x2=108m⑥△x=x﹣50=58m⑦答：〔1〕小轿车从刹车到停止所用的最短时间为6s；〔2〕三角警示牌至少要放在车后58m，才能有效防止两车相撞．点评：此题考查匀速直线运动和匀变速直线运动的规律知反响时间内车仍匀速运动．15．〔10分〕如下列图，光滑水平面上固定一倾斜角为37°的粗糙斜面，紧靠斜面底端有一质量为4kg的木板，木板与斜面底端之间通过微小弧形轨道相接，以保证滑块从斜面滑到木板的速度大小不变．质量为2kg的滑块从斜面上高h=5m处由静止滑下，到达倾斜底端的速度为v0=6m/s，并以此速度滑上木板左端，最终滑块没有从木板上滑下．滑块与木板间的动摩擦因数μ2=0.2，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：〔1〕斜面与滑块间的动摩擦因数μ1；〔2〕滑块从滑上木板到与木板速度一样经历的时间；〔3〕木板的最短长度．考点：动能定理的应用；功能关系．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕滑块从斜面下滑的过程，根据动能定理列式求解动摩擦因素；〔2〕滑块刚好没有从木板左端滑出，说明此时它们的速度相等，由速度、位移公式可以求出木板的长度和运行的时间；解答：解：〔1〕在斜面上，由动能定理得得μ1=0.48〔2〕在木板上滑动过程中，有Ff=μ2mg由牛顿第二定律得滑块的加速度=μ2g=2m/s木板的加速度=1m/s2由运动学公式v0﹣a1t=a2t⑥得t=2s此时v1=v2=2m/s〔3〕设木板最短长度为△x，如此由能量守恒知xM=xm=v0t﹣得△x=x m﹣xM=6m=10答：〔1〕斜面与滑块间的动摩擦因数μ1为0.48；〔2〕滑块从滑上木板到与木板速度一样经历的时间为2s；〔3〕木板的最短长度为10m．点评：此题充分考查了匀变速直线运动规律与应用，和物体共同运动的特点的应用，是考查学生根本功的一个好题16．〔12分〕起重机从静止开始起吊一质量为4000kg重物，开始，起重机拉力恒定，重物以0.2m/s2的加速度匀加速上升，9.8s后，起重机达到额定功率P，起重机再保持额定功率不变，又经5s，重物达到最大速度2m/s，此后再保持拉力恒定，使重物以0.5m/s2的加速度做匀减速运动至停下．取g=9.8m/s2．〔1〕求额定功率P的大小；〔2〕求重物上升的最大高度；〔3〕在图示坐标纸上画出整个过程起重机拉力F与时间t的关系图象〔不要求写计算过程〕．考点：动能定理的应用；功率、平均功率和瞬时功率．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕当拉力等于重物重力时，重物的速度达到最大，结合功率与牵引力的关系式求解〔2〕根据牛顿第二定律求出匀加速直线运动时的拉力大小，从而抓住匀加速直线运动完毕功率达到额定功率求出匀加速直线运动的位移，利用动能定理求得达到最大速度时走过的位移，再根据匀减速运动知识求解这过程的位移，两位移之和即为求解，〔3〕根据力的大小结合运动求解运行时间，进而求得结果．解答：解：〔1〕重物速度最大时，有F=mg此时，P=mgv解得P=78.4kW〔2〕重物匀加速上升的高度h1=得h1=9.6m此过程起重机拉力满足F1﹣mg=ma1从静止到最大速度过程中，由动能定理得F1 h1+Pt2﹣mg〔h1+h2〕=得h1+h2=19.6m匀减速运动上升的高度h3==4mH=h1+h2+h3=23.6m〔3〕图象如图：答：〔1〕额定功率P的大小为78.4kW；〔2〕重物上升的最大高度23.6m；〔3〕点评：解决此题的关键知道拉力等于重力时速度最大，匀加速直线运动完毕，功率达到额定功率，结合牛顿第二定律以与动能定理的关系进展求解．17．〔12分〕在如图甲所示的平面坐标系内，有三个不同的静电场：第一象限内有电荷量为Q 的点电荷在O点产生的电场E1，第二象限内有水平向右的匀强电场E2，第四象限内有方向水平、大小按图乙变化的电场E3，E3以水平向右为正方向，变化周期T=．一质量为m，电荷量为+q的离子从〔﹣x0，x0〕点由静止释放，进入第一象限后恰能绕O点做圆周运动．以离子经过x轴时为计时起点，静电力常量为k，不计离子重力．求：〔1〕离子刚进入第四象限时的速度；〔2〕E2的大小；〔3〕当t=时，离子的速度；〔4〕当t=nT时，离子的坐标．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：〔1〕根据粒子在第一象限内做匀速圆周运动电场力提供圆周运动向心力由圆周运动半径和库仑定律求得粒子刚进入第四象限的速度；〔2〕在第二象限粒子做初速度为零的匀加速直线运动，由动能定理据粒子获得的速度和位移求得第二象限的电场强度；〔3〕粒子进入第四象限在竖直方向做匀速直线运动，水平方向在电场力作用下先匀加速直线运动后匀减速直线运动，根据时间由运动的合成求得离子的速度；〔4〕根据粒子水平方向运动的周期性求得粒子的横坐标，再根据竖直方向的运动规律求得粒子的纵坐标．解答：解：〔1〕设刚进入第四象限的速度为v0．在第一象限内，有库仑力提供离子圆周运动的向心力有：得：〔2〕在第二象限内，只有电场力对离子做功，由动能定理得：解得：〔3〕离子进入第四象限后，在水平方向上，有：得：=所以此时离子的合速度：方向与水平方向成450角斜向下〔4〕由〔3〕分析知离子在第四象限中运动时，y方向上做匀速直线运动，x方向上前半个周期向右匀加速运动，后半个周期向右匀减速运动直到速度为0；每个周期向右运动的平均速度为，每个周期前进，因为开始计时时离子坐标为x0所以nT时，离子的横坐标为x=x0+nx0=〔n+1〕x0纵坐标：y=﹣v0nT=﹣2nx0故，在nT时离子的坐标为：[〔n+1〕x0，﹣2nx0]答：〔1〕离子刚进入第四象限时的速度为；〔2〕E2的大小为；〔3〕当t=时，离子的速度为；〔4〕当t=nT时，离子的坐标为：[〔n+1〕x0，﹣2nx0]．。

山西省运城市2015届高三上学期期中考试物理试题 Word版含解析

山西省运城市2015届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题：（共11小题，每题4分，共44分，其中5-11题有多个选项是正确的，全选对得4分，选不全得2分，有错选的得0分．1．（4分）如图所示，质点在F1、F2和F3三力作用下保持静止，已知其中F1的大小恒定不变，方向竖直向下，F2与水平方向夹角为θ（θ＜45°），但大小未知，则下列说法正确的是（）2．（4分）如图甲所示，两平行金属板MN、PQ的板长和板间距离相等，板间存在如图乙所示的随时间周期性变化的电场，电场方向与两板垂直，不计重力的带电粒子沿板间中线垂直电场方向源源不断地射入电场，粒子射入电场时的初速度为v0，初动能均为E k．已知t=0时刻射入电场的粒子刚好沿上板右边缘垂直电场方向射出电场．则（）根据分位移公式，有：3．（4分）如图所示，斜面角为45°，从斜面上方A点处由静止释放一个质量为m的弹性小球，在B点处和斜面碰撞，碰撞后速度大小不变，方向变为水平，经过一段时间在C点再次与斜面碰撞．已知AB两点的高度差为h，重力加速度为g，不考虑空气阻力．则小球落到C点时速度的大小为（）h=．t==．4．（4分）如图所示，水平传送带两端点A、B间的距离为L．若传送带处于静止状态，把一个小物块放到右端的A点，某人用恒定的水平拉力F1使小物块以速度V1匀速滑道左端的B 点．若传送带的上表面以V2的速度匀速向左运动，此人用水平恒力F2拉物块，使物块以相对于传送带为V1的速度从A滑道B，下列说法正确的是（），因摩擦而产生的热量==5．（4分）如图所示为甲、乙两质点在同一直线上运动的x﹣t图象，其中，乙质点做初速度为零的匀加速直线运动，下列说法正确的是（）；对于乙：，得乙的6．（4分）如图所示，一轻弹簧左端固定在平板车的右侧，右端连接一质量为m的滑块，开始时，弹簧被拉长，滑块与平板车均处于静止状态，在以下运动中滑块与平板车始终相对静止，则以下说法正确的是（）7．（4分）在足够高的空中某点竖直向上抛一物体，规定物体抛出时的速度方向为正方向，抛出后第5s内的位移是4m，忽略空气阻力的影响，g取10m/s2，则关于物体的运动下列说法正t+=根据x=8．（4分）在地表附近有一竖直方向的匀强电场E，一带电油滴以某初速度从a处运动到b处，电场线及油滴的运动轨迹如图所示，不计空气阻力，由此可以判断（）9．（4分）如图所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连，弹簧处于自然长度时物块位于O点，物块的质量为m，物块与桌面之间的动摩擦因数为μ，现用水平向右的力将物块从O点缓慢拉至A点，OA=s，拉力做的功为W．撤去拉力后物块由静止开始向左运动，越过O点速度减小到零．重力加速度为g．则上述过程中（）10．（4分）一价氢离子、一价氦离子、二价氦离子的混合物垂直电场线进入偏转电场，最后射出电场，以下说法正确的是（）t=，由偏移量；=t===t=y=，11．（4分）我们设计这样一个情景，细线下端悬挂一个质量为m的钢球，细线上端固定于O 点，用不同长度的细线拉着钢球，使钢球在同一水平面内不同的轨道上做匀速圆周运动，（小．知角速度相等，由T知，角速度相同，则周期相同．故二、填空题：每空2分，共16分．12．（10分）某实验小组采用如图1所示的装置探究小车的加速度与力的关系．+ （1）安装实验装置时，应调整定滑轮的高度，使拉小车的细线在实验过程中与长木板保持平行．实验时先不挂沙桶，反复调整垫木的位置，轻推小车，直到小车做匀速运动，这样做的目的是平衡摩擦力．（2）保持小车质量不变，用装有不同细沙的沙桶通过定滑轮拉动小车，打出多条纸带，如图2所示是实验中打出的一条纸带的一部分，从较清晰的点迹起，在纸带上标出了5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没标出，测出各计数点之间的距离如图2纸带所示．已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，则此次实验中相邻两计数点间间隔为T=0.1s，由纸带上的数据计算出小车运动的加速度a=0.46m/s2（3）在该实验中我们总是强调沙和沙桶的质量要远小于小车的质量才能认为细线的拉力接近沙和沙桶的重力（取重力加速度为g，沙和沙桶的质量为m，小车的质量为M）请你写出细线实际拉力F的表达式．==0.46m/sF=．）13．（6分）如图所示，我们可以探究平行板电容器的电容与哪些因素有关．平行板电容器已充电，带电量为Q，静电计的指针偏角大小，表示两极板间电势差的大小．如果使极板间的正对面积变小，发现静电计指针的偏角变大，我们就说平行板电容器的电容变小（填“变大”或“变小”）；如果使两极板间的距离变大，发现静电计指针的偏角变大，我们就说平行板电容器的电容变小（填“变大”或“变小”）．我们之所以能够得出这些结论是因为电容器的电容C=．C=，正对面积变小说明电容减小，又C=三、计算题：共40分，其中14题10分，15题14分，16题16分．14．（10分）某航母跑道长200m，飞机在航母上起飞需要的最小速度为50m/s．求：（1）若飞机从静止开始做匀加速运动，要在航母上起飞，飞机加速度至少要多大？（2）若飞机的最大加速度为6m/s2，则飞机要在航母上起飞需要借助弹射系统获得的最小初速度是多少？a=）根据飞机起飞过程中的速度位移关系，，飞机起飞的初速度=15．（14分）如图所示，有甲、乙两颗卫星分别在不同的轨道围绕半径为R、表面重力加速度为g的地球运动，卫星甲、卫星乙各自所在的轨道平面相互垂直，卫星甲的轨道为圆，距离地球表面的高度为R，卫星乙的轨道为椭圆，M、N两点的连线为其椭圆轨道的长轴且M、N 两点间的距离为4R，求：（1）卫星甲的线速度的大小V；（2）卫星乙运行的周期T．在地球表面则有：，）根据开普勒第三定律得：）卫星甲的线速度的大小为）卫星乙运行的周期为16．（16分）如图所示，在界限MN左上方空间存在斜向左下方与水平方向夹角为45°的匀强磁场，场强大小E=×105V/m，一半径为R=0.8m的光滑绝缘圆弧凹槽固定在水平面上，一个可视为质点的质量m=0.2kg、电荷量大小q=1×10﹣5C的带正电金属块P从槽顶端A由静止释放，从槽底端B冲上与槽底端平齐的绝缘长木板Q．长木板Q足够长且置于光滑水平面上，质量为M=1kg．已知开始时长木板有一部分置于电场中，图中C为界限MN与长木板Q的交点，B、C间的距离X BC=0.6m，物块P与木板Q之间的动摩擦因数为μ=，取g=102．（1）金属块P从A点滑到B点时的速度的大小；（2）金属块P从B点滑上木板Q后到离开电场过程所经历的时间；（3）金属块P从滑上Q到离开电场的过程中摩擦产生的热量．t=。

聊城一中2015届高三上学期期中考试各科(物理)

本卷第 1 页共 1 页高三上学期期中考试物理试题一、选择题（共12小题，每题4分，共48分。

有的题目只有一个选项正确，有的题目有多个选项正确，选对得4分，选对但不全得2分，错选或不选得0分） 1．以下叙述正确的是( )A ．伽利略认为力是维持物体运动的原因B ．用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法C ．牛顿发现了万有引力定律，并测出了万有引力常量D ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移之和代表物体的位移，这里采用了微元法 2．如图所示，传送带沿逆时针方向匀速转动。

小木块a 、b 用细线连接，用平行于传送带的细线拉住a ，两木块均处于静止状态。

关于木块受力个数，正确的是( ) A ．a 受4个，b 受5个 B ．a 受4个，b 受4个 C ．a 受5个，b 受5个D ．a 受5个，b 受4个 3．2013年第十二届全运会，重庆姑娘施廷懋闪耀赛场，轻松夺冠跳水女子全能赛。

下图是她(可看作质点)在参加跳板跳水比赛时的v-t 图像。

t ＝0是其向上起跳的瞬间。

则（） A ．t 1时刻开始进入水面 B ．t 2时刻到达最高点 C ．t 3时刻已浮出水面D ．0～t 2时间内，运动员一直处于失重状态4．如图所示，两个质量分别为m 1＝2 kg 、m 2＝3 kg 的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F 1＝30 N 、F 2＝20 N 的水平拉力分别作用在m 1、m 2上，则( ) A ．弹簧秤的示数是30 N B ．弹簧秤的示数是26 NC ．在突然撤去F 2的瞬间，m 1的加速度大小为5 m/s 2D ．在突然撤去F 1的瞬间，m 1的加速度大小为13 m/s 25．2008年9月25日21时10分，载着翟志刚、刘伯明、景海鹏三位宇航员的“神舟七号”飞船在中国酒泉卫星发射中心发射成功.9月27日翟志刚成功实施了太空行走．如果“神舟七号”飞船在离地球表面h 高处的轨道上做周期为T 的匀速圆周运动，已知地球的半径R ，万有引力常量为G .在该轨道上，“神舟七号”航天飞船( )A ．运行的线速度大小为2πhTB ．运行的线速度小于第一宇宙速度C ．运行时的向心加速度大小为4π2(R ＋h )T 2D ．地球表面的重力加速度大小可表示为4π2(R ＋h )3T 2R 2a bv本卷第 2 页共 2 页6．汽车以恒定功率P 由静止开始在水平路面上启动，其所受阻力大小恒为f ，经过时间t ，汽车的运动速度v 1刚好满足P ＝fv 1，在此过程中，（） A ．汽车做匀加速直线运动 B ．汽车牵引力做功为2121mv C ．汽车牵引力做功为Pt D ．汽车最终做匀速运动时的速度大小等于v 1 7．如图所示，真空中有直角坐标系xOy ，在x 轴上固定着关于O 点对称的等量异号点电荷+Q 和一Q ，C 是y 轴上的一个点，D 是x 轴上的一个点，DE 连线垂直于x 轴。

2015山东高三物理上学期期中试卷(含答案).

2015年潍坊高三期中试卷物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分,共100分;答题时间90分钟第Ⅰ卷(选择题,共40分一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分.在每题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分,选不全的得3分,有选错或不答的得0分 1.在一条宽马路上某一处有A 、B 两车,它们同时开始运动,取开始运动时刻为计时零点,它们的速度-时间图象如图3所示,则在0~t 4这段时间内的情景是( .A .A 在0~t 1时间内做匀加速直线运动,在t 1时刻改变运动方向B .在t 2时刻A 车速度为零,然后反向运动,此时两车相距最远C .在t 2时刻A 车追上B 车D .在t 4时刻两车相距最远2.如图1,所示,在一块长木板上放一铁块,当把长木板从水平位置绕一端缓慢抬起时,铁块所受的摩擦力(A .随倾角θ的增大而减小B .开始滑动前,随倾角θ的增大而增大,滑动后,随倾角θ的增大而减小C .开始滑动前,随倾角θ的增大而减小,滑动后,随倾角θ的增大而增大D .开始滑动前保持不变,滑动后,随倾角θ的增大而减小3、(多选有一系列斜面,倾角各不相同,它们的底端相同,都是O 点,如图所示.有一系列完全相同的滑块(可视为质点从这些斜面上的A 、B 、C 、D …各点同时由静止释放,下列判断正确的是(A .若各斜面均光滑,且这些滑块到达O 点的速率相同,则A 、B 、C 、D …各点处在同一水平线上B .若各斜面均光滑,且这些滑块到达O 点的速率相同,则A 、B 、C 、D …各点处在同一竖直面内的圆周上C .若各斜面均光滑,且这些滑块到达O 点的时间相同,则A 、B 、C 、D …各点处在同同一直面内的圆周上D .若各斜面与这些滑块间有相同的摩擦因数,滑到达O 点的过程中,各滑块损失的机械能相同,则A 、B 、C 、D …各点处在同一竖直线上4.如图,三个质点a 、b 、c 质量分别为m1、m2、M (M >>m1,M >>m2.在c 的万有引力作用下,a 、b 在同一平面内绕c 沿逆时针方向做匀速圆周运动,它们的周期之比Ta :Tb=1:k ;从图示位置开始,在b 运动一周的过程中,则(A .a 、b 距离最近的次数为k 次B .a 、b 、c 共线的次数为2k-2C .a 、b 、c 共线的次数为2kD .a 、b距离最近的次数为k+1次5.(多选如图,在正点电荷Q 的电场中有M 、N 、P ,F 四点,M 、N 、P 为直角三角形的三个顶点.F 为MN 的中点.∠M=30° ,M 、N 、P 、F 四点处的电势分别用φM 、φN 、φP 、φF 表示。

山东省潍坊市重点高中2015届高三物理上学期期中试题(含解析)新人教版

山东省潍坊市重点高中2015届高三物理上学期期中试题〔含解析〕新人教版【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的必修一、必修二内容，主要包含受力分析、牛顿运动定律、动能定理、等内容，突出考查考纲要求的根本能力，重视学生科学素养的考查。

在题型上以根底题、中档题为主，主要考查学生综合能力，因此以根底为主，是份非常好的试卷。

〔总分为100分，时间90分钟〕试卷包括第1卷〔选择题〕和第2卷〔非选择题〕两局部，总分为100分。

考试时间90分钟。

第1卷〔选择题共40分〕须知事项：答第1卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目涂在答题卡上。

每一小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净以后，再选涂其它答案标号。

一选择题〔此题共10分，每一小题4分，共40分。

在每一小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选带的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

〕【题文】1.关于物理学家与其说法正确的答案是〔〕A牛顿通过观察天象以与深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律B 开普勒发现了万有引力定律C 伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法，得出忽略空气阻力时，重物与轻物下落得同样快。

D 第一次准确测量出万有引力常量的物理学家是卡文迪许【知识点】物理学史 P0【答案解析】CD 解析： A、开普勒通过观察天象以与深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律，故A错误；B、牛顿总结出运动定律和万有引力定律，建立完整的经典力学体系，故B错误； C、伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法，得出忽略空气阻力时，重物与轻物下落得同样快，故C正确； D、卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量，故D正确；应当选：CD．【思路点拨】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。

本体考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆.【题文】2.a、b两车在同一直线上同方向运动，b车出发开始计时，两车运动的v-t图像如下列图。

河南省洛阳市2015届高三上学期期中物理试卷

河南省洛阳市2015届高三上学期期中物理试卷一、选择题(本题共有14小题，每题63分，共42分。

在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一项符合题目要求，第104题有多项符合题目要求。

全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

)1．牛顿第一定律和牛顿第二定律共同确定了力与运动的关系，下列相关描述正确的是（）A．力是维持物体运动状态的原因B．力是使物体产生加速度的原因C．速度变化越快的物体惯性越大，匀速运动或静止时没有惯性D．质量越小，惯性越大，外力作用的效果越明显2．下列关于运动和力的叙述中，正确的是（）A．做曲线运动的物体，其加速度方向一定是变化的B．物体做圆周运动，所受的合力一定指向圆心C．物体所受合力方向与运动方向相反，该物体一定做直线运动D．物体运动的速率在增加，所受合力方向一定与运动方向相同3．关于离心运动，下列说法正确的是（）A．当物体受到离心力的作用时，物体将做离心运动B．当物体所受的离心力大于向心力时产生离心现象C．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时，它将沿着半径方向“离心”而去D．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失时，它将沿这一位置的切线方向飞出，做匀速直线运动4．一个人站在升降机的地板上，在升降机加速上升的过程中，以下说法正确的是（）A．人对升降机的压力小于升降机对人的支持力B．人对升降机的压力与升降机对人的支持力大小相等C．升降机对人的压力等于人的重力D．人的重力和升降机对人的支持力是一对作用力和反作用力5．有一个质量为4kg的质点在x﹣y平面内运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点做匀变速直线运动B．质点所受的合外力为22NC．2s时质点的速度为6m/s D．0时刻质点的速度为5m/s6．作用于同一点的两个力，大小分别为F1=5N，F2=3N，这两个力的合力F与F1的夹角为θ，则θ可能为（）A．30° B．45° C．60° D．90°7．如图所示，一颗子弹以速度v垂直进入三个相同的矩形区域做匀减速运动，且刚要离开第三个矩形区域时速度恰好为v，则子弹依次进入每个矩形区域时的速度之比和穿过每个矩形区域所用的时间之比分别是（）A．v1：v2：v3=3：2：1 B．v1：v2：v3=：：1C．t1：t2：t3=（﹣）：（﹣1）：1 D．t1：t2：t3=：（﹣）：（﹣1）8．如图，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，则下列判断正确的是（）A．地面对斜劈没有摩擦力B．地面对斜劈的摩擦力方向向左C．地面对斜劈的摩擦力方向向右D．若突然给物块施加一水平向右的外力F，则地面对斜劈立刻会有向右的摩擦力9．如图，在小车架子上的A点固连一条橡皮筋，在弯杆的一端B有一个光滑的小环，橡皮筋的原长正好等于A、B之间的距离，橡皮筋穿过小环悬挂着一个小球，系统处于平衡状态，现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定时偏离竖直方向某一角度（橡皮筋遵循胡克定律且在弹性限度内）．与稳定在竖直位置时相比，小球高度（）A．一定升高B．一定降低C．保持不变D．升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定10．在物理学的发展过程中，科学家们创造了许多物理学研究方法，以下关于所用物理研究方法的叙述正确的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫微元法B．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法C．伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法11．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10m/s2，4s内物体的（）A．路程为50m B．位移大小为50mC．速度改变量的大小为20m/s D．平均速度大小为10m/s12．如图所示，轮O1、O3固定在同一轮轴上，轮O1、O2用皮带连接且不打滑，在O1、O2、O3三个轮的边缘各取一点A、B、C，已知三个轮的半径比r1：r2：r3=2：1：1，当转轴匀速转动时，下列说法中正确的是（）A．A、B、C三点的线速度之比为2：2：1B．A、B、C三点的角速度之比为1：2：1C．A、B、C三点的加速度之比为2：4：1D．A、B、C三点的周期之比为1：2：113．在一大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度匀速行驶在高速公路上，突然发现正前方30m 处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，如图所示，图线a、b 分别为小汽车和大卡车的v﹣t图象（忽略刹车反应时间），以下说法正确的是（）A．小汽车不会发生追尾事故B．在t=3s时发生追尾事故C．在t=5s时发生追尾事故D．若紧急刹车时两车相距40米，则不会发生追尾事故且两车最近时相距5米14．如图所示，一段不可伸长的轻绳通过光滑的定滑轮O连接在轻质轻质硬杆的B端，杆的A端用铰链固定，滑轮在A点正上方，B端用另一段轻绳吊一重物P，现施加拉力F将B 端缓慢上拉（绳均未断），在杆达到竖直位置前（）A．拉力F逐渐变小B．拉力F逐渐变大C．杆中的弹力大小不变D．杆中的弹力逐渐变大二、实验题15．一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如图所示．下列表述正确的是（）A．a的原长比b的短B．a的劲度系数比b的大C．a的劲度系数比b的小D．测得的弹力与弹簧的长度成正比16．在“探究合力”的实验操作中，下列做法中有利于减小实验误差的是（）A．两绳必须等长B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一些细绳方向的两点要远些17．如图所示为“探究加速度和力的关系”的实验装置．（1）在平衡小车与木板之间摩擦力后，打出了一条纸带如图1所示，计时器打点的时间间隔为0.02s，则小车的加速度a=m/s2．（结果保留两位有效数字）改变所挂钩码的数量，多次重复测量，在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线（如图3所示）．①分析此图线的OA段可得出的实验结论是．②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是（填字母代号）A．小车与轨道之间存在摩擦B．纸带与限位孔之间存在摩擦C．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大．三、计算题（本题共4小题，共44分，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）18．洛阳龙门站至郑州站的高铁拉近了洛阳和郑州的时空距离，125公里的路程仅需37分钟，假设火车做直线运动，从龙门站开始匀加速运动，当速度达到时速250公里时做匀速运动，快到郑州站时做匀减速运动，求火车匀速运动的时间．19．如图所示，一质点做平抛运动先后经过A、B两点，到达A点时速度方向与水平方向的夹角为30°，到达B点时速度方向与水平方向的夹角为60°．不计空气阻力．（1）求质点从抛出点分别到A、B点的水平位移之比．求质点从抛出点分别到A、B点的竖直位移之比．20．一竖直杆上相距l的A、B两点拴着一根不可伸长的轻绳，绳长1.4l，绳上套着一个光滑的小铁环，设法转动竖直杆，不让绳缠绕在杆上，而让铁环在某水平面上做匀速圆周运动，如图所示，当两段绳成直角时，求铁环转动的周期，已知重力加速度为g．21．如图所示，水平传送带以v=6m/s的速度保持匀速转动，AB间相距l=11m，质量相等的小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，P与皮带间的动摩擦系数μ=0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，现将P轻轻放在传送带的右端，P与定滑轮间的绳水平．绳子处于伸直状态，求小物块P在传送带上运动的时间t，不计定滑轮质量和摩擦，绳足够长，g取10m/s2．河南省洛阳市2015届高三上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题(本题共有14小题，每题63分，共42分。

江苏省徐州市2015届高三上学期期中考试物理试题含答案

2014 — 2015学年度第一学期期中考试AL-2 3 24 0aoD5 B高三物理试题方向）且加速度逐渐增大时，杆对小球的作用力的变化（用至二表示变化）可能是下图中的（00'沿杆民族运动会上有一个骑射项目，运动员骑在奔驶的马背上，弯弓放箭射击侧向的固定目标 M 。

C •绳越长，两根绳对铁板拉力的合力越大D •每根绳子上的力一定比重力小不带电导体P 置于电场中，其周围电场线分布如图所示，导体 P 表面处的电场线与导体表面垂直，a 、b 为电场中的两点，则 A • a 点电场强度小于b 点电场强度 B • a 点电势高于 C .负检验电荷在 D .正检验电荷从 m 的小球。

当小车水平向右加速如图所示，一飞行器围绕地球沿半径为 r 的圆轨道1运动。

该飞行器经过P 点时，启动推进器短时间向前喷气可使其变轨，2、3是与轨道1相切于P 点的可能轨道，则飞行器 A •变轨后将沿轨道 2运动 B •相对于变轨前运行周期变长C •变轨前、后在两轨道上经 P 点的速度大小相等D •变轨前、后在两轨道上经 P 点的加速度大小相等如图所示，小车上固定着一硬杆，杆的端点固定着一个质量为假设运动员由A 点沿AB 方向骑马奔驰的速度为丄，运动员静止时射出的弓箭速度为二，直线跑道离固定目标 M 的最近距离为d ,要想在最短的时间内射中目标（不计空气阻力和弓箭重力的影响），则下列说法中正确的是一•单项选择题：本题共 5小题，每小题4分，共20分。

每小题只有一个选项符合题意。

1 如图所示，吊车用两根等长的绳子 OA 和OB 将质量分布均匀的铁板匀速吊离地面，下列说法中正确的是 b 点的电势a 点的电势能比在b 点的大a 点移到b 点的过程中，电场力做负功 A .绳越长，每根绳对铁板拉力越小 B •绳越长，两根绳对铁板拉力的合力越小A •射中目标 M 的最短时间为d/「l , B .箭的位移为dC .在AB 间某处射出，箭头指向 MD .在AB 间某处射出，箭头指向垂直于 AB 方向•多项选择题：本题共 5小题，每小题4分，共20分。

江苏省盐城市2015届高三上学期期中考试物理

盐城市2015届高三年级第一学期期中考试物理试题一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分。

每小题只有一个选项符合题意。

1．一小球从某高处由静止释放，用t 表示下落时间，h 表示下落高度，υ表示下落速度，k E 表示物体动能，下列图象正确的是A ．B ．C ．D ． 2．根据万有引力定律2R Mm G F =和牛顿第二定律ma F =可知A ．不同物体在地球表面同一地点重力加速度相同B ．相同物体在地球表面不同高度重力加速度相同C ．在地球表面同一地点重力加速度与物体质量有关D ．在地球表面不同高度重力加速度与物体质量有关3．如图所示，轻弹簧一端固定在O 点，另一端系一重物，将重物从与悬点O 等高处且弹簧为原长的A 点无初速地释放，让它自由摆下，不计空气阻力，在重物由A 点摆向最低点的过程中，下列说法错误的是 A ．重物的重力势能减小 B ．弹簧的弹性势能增加 C ．重物的机械能不变D ．重物到达最低点处获得一定的动能4．如图所示，光滑的半圆柱体静止在水平面上，A 、B 小球通过轻质细线相连，与竖直方向的夹角分别为37°和53°，系统处于静止状态。

A 球的质量为m ，sin37°=0.6，cos37°=0.8，则B 球质量为A ．m 43B ．m 34C ．mD ．m 25．如图所示，圆面与匀强电场平行，沿该平面从A 点向各个方向射入初A动能最大。

AC 与BD 为过圆心O 的两个相交的直径。

则 A ．电场强度与CD 平行B ．圆周上各点中D 点的电势最低C ．圆周上各点中B 点的电势最低D ．带电粒子从A 到C 的过程中电场力做功为零二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共计20分。

每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分。

6．如图所示，小船自A 点渡河，到达正对岸B 点。

现在水流速度变大，仍要使船到达正对岸B 点，8．在研究小车做匀变速直线运动时，小明同学把纸带每隔0.1s 剪断，得到若干短纸条，再将这些纸条并排贴在一张纸上，使这些纸条下端对齐作为时间轴，最后将纸条上端中心点连起来，如图所示。

山东省德州市2015届高三物理上学期期中考试试题 (含解析)

山东省德州市2015届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题〔本大题有l0小题，每一小题4分，共40分．在每一小题给出的四个选项中．至少有一个选项是符合题目要求的．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕1．〔4分〕如下关于物理学史和物理方法的表示中，正确的答案是〔〕A．研究分力与合力的关系时运用了等效替代的方法B．卡文迪许利用扭秤装置发现了万有引力定律C．牛顿通过大量实验验证得出了牛顿第一定律D．控制变量法是科学探究多个量关系的重要方法考点：物理学史．.专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、研究分力与合力的关系时运用了等效替代的方法，故A正确；B、卡文迪许利用扭秤装置测量出了万有引力常量，故B错误；C、牛顿第一定律是逻辑思维的产物，不能用实验验证，故C错误；D、控制变量法是科学探究多个量关系的重要方法，故D正确；应当选：AD．点评：此题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．〔4分〕如下列图，在水平力F作用下，木块A、B保持静止．假设木块A与B的接触面是水平的，且F≠0，如此木块B的受力个数可能是〔〕A．3 B．4 C．5 D．6考点：物体的弹性和弹力．.专题：受力分析方法专题．分析：先对A分析，B对A有向右的静摩擦力；再分析B受力，B可能受到斜面的静摩擦力，也可能不受斜面的静摩擦力，B受力情况有两种可能．解答：解：B至少受到重力、A对B的压力和静摩擦力、斜面的支持力四个力．斜面对物体B 可能有静摩擦力，也有可能没有静摩擦力；故木块B受力的个数可能是4个，也可能是5个．应当选：BC．点评：此题关键先对A分析，根据平衡条件得到B对A有向左的静摩擦力，然后根据牛顿第三定律得到A对B有向右的静摩擦力；再按照重力、弹力、摩擦力的顺序找力．3．〔4分〕质量为1kg的物体在竖直平面内运动，它在竖直方向的速度图象1〔竖直向下为正方向〕和水平方向的位移图象〔水平向右为正方向〕如图2所示，g=10m/s2．如下说法正确的答案是〔〕A．0时刻物体的速度大小为2m/s B．物体运动过程中的加速度为1m/s2C．物体的运动轨迹是直线D．2s末重力做功的功率为40W考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：从图象可知，在竖直方向上做初速度为2m/s，加速度为1m/s2的匀加速直线运动，在水平方向上做速度为m/s的匀速直线运动．根据运动学公式求出0s、2s末水平分速度和竖直分速度，再根据平行四边形定如此求出合速度的大小，利用功率公式求出重力的功率．解答：解：从图象可知，在竖直方向上做初速度为2m/s，加速度为1m/s2的匀加速直线运动，在水平方向上做速度为m/s的匀速直线运动．AB、由以上可知，0时刻的速度v=≠2m/s，故A错误，B正确；C、质点的加速度方向竖直向下，竖直方向和水平方向都有初速度，如此合初速度不沿水平方向，质点的加速度方向初速度方向不垂直，所以运动的轨迹是曲线，故C错误．D、2s末竖直方向上的分速度为4m/s，由于水平方向的速度与重力垂直，所以该时刻重力的功率P=mgv下=10×4W=40W，故D正确．应当选：BD．点评：此题综合考查了曲线运动的速度时间图象、位移时间图象等知识，综合性较强，对学生的能力要求较高，是一道好题．4．〔4分〕一物体以某一初速度沿固定粗糙的斜面上滑至最高点又返回出发点的过程中，选择沿斜面向上为正方向．如下有关速度v、加速度a、位移x、动能E k随时间t变化关系图象正确的答案是〔〕A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：根据牛顿第二定律求出上滑和下滑过程中的加速度大小，从而得出速度随时间的变化规律；利用速度公式和能定理得出速度、动能与位移的规律，再分析选项即可．解答：解：A、据牛顿第二定律可知，上滑时的加速度a1==gsinθ+μgcosθ，方向沿斜面向下；下滑时的加速度a2==gsinθ﹣μgcosθ，方向沿斜面向下．知a1＞a2．速度时间图线的斜率表示加速度，故A正确，B错误．C、物块向上做匀减速直线运动，向下做匀加速直线运动，据位移公式可知，位移与时间成二次函数关系，所以该选项符合题意，故C正确；D、据速度公式和动能公式可知，动能随时间成二次函数关系变化，而图中是一次函数关系，故D错误．应当选：AC．点评：解决此题的关键根据牛顿第二定律得出上滑和下滑的加速度，判断出物体的运动情况；再结合位移公式、速度公式和动能的表达式，此题难度较大．5．〔4分〕一小球从A点做自由落体运动，另一小球从B点做平抛运动，两小球恰好同时到达C点，AC高为20m，两小球在C点相遇前瞬间速度大小相等，方向成60°夹角，g=10m/s2．由以上条件可求〔〕A．两小球在C点速度的大小均为20m/sB．做平抛运动的小球初速度大小为10m/sC．A、B两点的高度差为15mD．A、B两点的水平距离为15m考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：一小球从A点做自由落体运动，到达C点时的速度和时间可以根据运动学公式求解；两小球在C点相遇前瞬间速度大小相等，方向成60°夹角，即知道平抛运动的末速度；可以根据运动的分解与合成求解初速度、运动的时间和竖直分位移；解答：解：A、B、小球从A点做自由落体运动，下降20m过程，时间：t1=末速度：v=gt1=10×2=20m/s故平抛的末速度为20m/s，与水平方向成60°夹角；故初速度：v0=vsin60°=20×=10m/s竖直分速度：v y=vsin60°=20×=10m/s故A正确，B错误；C、D、平抛的竖直分位移：故△h=H﹣h=20m﹣5m=15m平抛的时间：t2==平抛的水平分位移：x=v0t2=10m故C正确，D错误；应当选：AC．点评：此题关键是采用运动的合成与分解的方法研究平抛运动，然后结合运动学公式和几何关系列式求解．6．〔4分〕我国自主研制的“北斗一号〞卫星导航系统，具有导航、定位等功能，该系统又被称为“双星定位系统〞．如下列图，“北斗〞系统中两颗工作卫星均绕地心O做匀速圆周运动，轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，A、B两点与地心连线的夹角为60°．假设卫星均按顺时针运行，设地球质量为M，引力常量为G，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力．如此以下判断中正确的答案是〔〕A．这两颗卫星的加速度大小相等，均为B．卫星1中质量为m的物体的动能为C．卫星1由位置A运动到位置B所需的时间为D．卫星1只需向后喷气加速就一定能追上卫星2考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．.专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力求出卫星的加速度和周期，从而进展判断．在运动的过程中，万有引力与速度方向垂直，万有引力不做功．解答：解：A、根据万有引力提供向心力为：，所以加速度：．故A错误；B、根据万有引力提供向心力为：，所以质量为m的物体的动能：．故B正确；C、所以ω=，所以卫星1由位置A运动到位置B所需的时间为：t=，故C正确；D、假设卫星1向后喷气，如此其速度会增大，卫星1将做离心运动，所以卫星1不可能追上卫星2．故D错误；应当选：BC．点评：关于万有引力的应用中，常用公式是在地球外表重力等于万有引力，卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，掌握卫星的变轨原理，这是正确解决此题的关键．7．〔4分〕如下列图，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平地面上，三条细绳结于O 点．一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P，一条绳连接小球Q，P、Q两物体处于静止状态，另一条绳OA在外力F的作用下使夹角θ＜90°，现缓慢改变绳OA的方向至θ＞90°，且保持结点O位置不变，整个装置始终处于静止状态．如下说法正确的答案是〔〕A．绳OA的拉力一直增大B．斜面对物块P的摩擦力的大小可能先减小后增大C．地面对斜面体有向右的摩擦力D．地面对斜面体的支持力大于物块P和斜面体的重力之和考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对结点O受力分析，根据图解法分析F的变化和绳子PO拉力的变化，然后以P为研究对象根据平衡条件判断摩擦力的变化．解答：解：A、缓慢改变绳OA的方向至θ＞90°的过程，OA拉力的方向变化如图从1位置到2位置到3位置所示，可见OA的拉力先减小后增大，OP的拉力一直增大；故A错误；B、假设开始时P受绳子的拉力比拟小，如此斜面对P的摩擦力沿斜面向上，OP拉力一直增大，如此摩擦力先变小后反向增大，故B正确；C、以斜面和PQ整体为研究对象受力分析，根据平衡条件：斜面受地面的摩擦力与OA绳子水平方向的拉力等大反向，故摩擦力方向向左，C错误；D、以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析，根据竖直方向受力平衡：N+Fcosα=M斜g+M P g+M Q g由上图分析可知F的最大值即为M Q g〔当F竖直向上方向时〕故Fcosα＜M Q g如此N＞M斜g+M P g，故D正确；应当选：BD．点评：此题采用隔离法和整体法研究两个物体的平衡问题，灵活选择研究对象；摩擦力的方向与大小变化尤其为难点．8．〔4分〕如图甲所示，在升降机底部安装了一个能够显示压力的传感器，其上方固定一轻质弹簧，弹簧上端固定一质量为m的小球，升降机在竖直方向做匀速直线运动，某时刻升降机突然停止，从该时刻开始计时，在后面一段时间内传感器示数F随时间t变化的图象如图乙所示，g为重力加速度．如下选项正确的答案是〔〕A．升降机停止前在向下运动B．t2时刻小球速度为零C．t2时刻小球加速度为零D．0～t1时间小球处于超重状态，t1～t2时间小球处于失重状态考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由图象看出，升降机停止后弹簧的拉力变大，说明小球向下运动，说明升降机停止前在向下运动．根据拉力与重力的大小关系确定小球处于失重状态还是超重状态．拉力小于重力，小球处于失重状态；拉力大于重力，小球处于超重状态．t1～t3时间小球向上运动，t3时刻小球到达最高点，弹簧处于伸长状态，速率减小，动能减小．小球重力做功为零根据系统机械能守恒分析弹簧弹性势能变化量与小球动能变化量的关系．解答：解：A、升降机在匀速运行过程中突然停止，由于惯性，小球会继续沿着原来的运动方向运动一段时间，匀速运动时弹簧是拉伸状态，而后传感器显示的力在不断增大，明确弹簧形变量在增大，故向下运动，故A正确；B、0﹣t1时间内拉力大于重力，t1时刻弹簧最长，向下到达最低点；t1～t2时间，拉力大于重力，加速度向上，且向上运动，t2时刻弹簧的弹力与重力相等，加速度等于0，速度到达最大，故B错误，C正确；C、结合前面分析可得：0﹣t1时间内小球向下减速，加速度的方向向下，处于超重状态；t1﹣t2时间内小球向上加速，加速度的方向向上，处于超重状态．故D错误；应当选：AC．点评：此题要根据图象分析小球的运动状态，根据拉力与重力的大小关系确定小球处于失重状态还是超重状态．根据系统机械能守恒分析能量如何变化．9．〔4分〕汽车越来越多的进人家庭，成为人们主要的代步交通工具，驾驶汽车需要考取驾驶证，考试中的一项内容是半坡起步，设坡路的倾角为θ，一位考员从半坡由静止以恒定功率P启动，沿坡路向上行驶，车和人的总质量为m，车所受阻力为支持力的k倍，坡路足够长．重力加速度为g．如下说法正确的答案是〔〕A．汽车先做匀加速运动后做匀速运动B．汽车能达到的最大速度为C．汽车匀速运动时的牵引力大小等于kmgcosθ+mgsinθD．汽车牵引力做的功等于汽车机械能的增加量考点：功率、平均功率和瞬时功率；功能关系．.分析：根据P=Fv，结合v的变化判断牵引力的变化，根据牛顿第二定律得出加速度的变化，从而得出汽车的运动规律，当合力为零时，汽车的速度达到最大．解答：解：A、根据P=Fv知，v增大，牵引力减小，根据牛顿第二定律得，a=，知加速度减小，汽车先做变加速运动，当加速度减小到零，做匀速直线运动．故A错误．B、当汽车所受的合力为零，速度达到最大，此时有：F=mgsinθ+kmgcosθ，如此最大速度，故B错误．C、汽车匀速运动时，F=mgsinθ+kmgcosθ，故C正确．D、根据功能关系，除重力以外其它力做功等于机械能的增量，知牵引力和阻力做功的代数和等于机械能的增加量，故D错误．应当选：C．点评：解决此题的关键会根据汽车的受力分析汽车的运动规律，知道合力为零，汽车的速度达到最大．10．〔4分〕如下列图，两物块A、B通过一轻质弹簧相连，置于光滑的水平面上，开始时A和B均静止．现同时对A、B施加等大反向的水平恒力F1和F2，使两物体开始运动，运动过程中弹簧形变不超过其弹性限度．从两物体开始运动以后的整个过程中，对A、B和弹簧组成的系统，如下说法正确的答案是〔〕A．由于F1、F2等大反向，故系统机械能守恒B．当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，A、B两物体的动能最大C．当弹簧伸长量达到最大后，A、B两物体将保持静止状态D．在整个过程中系统机械能不断增加考点：动能定理的应用．.专题：动能定理的应用专题．分析：对A、B与AB系统进展受力分析，根据物体的受力情况判断物体的运动性质；根据除弹簧的弹力以外的力做功，系统的机械能变化，分析机械能的变化．解答：解：A、C在整个过程中，拉力一直对系统做正功，系统机械能增加，故A错误；B、在拉力作用下，A、B开始做加速运动，弹簧伸长，弹簧弹力变大，外力做正功，系统的机械能增大，当弹簧弹力等于拉力时物体受到的合力为零，速度达到最大，之后弹簧弹力大于拉力，两物体减速运动，直到速度为零时，弹簧伸长量达最大，因此A、B 先作变加速运动，当F1、F2和弹力相等时，A、B的速度最大，故B正确，CD错误．应当选：B点评：此题要抓住弹簧的弹力是变力，分析清楚物体的受力情况是正确解题的关键，紧扣机械能守恒的条件进展分析即可．二、实验题〔本大题有2小题．第11小题6分．第12小题l2分．共18分．请把答案写在答题卡上．〕11．〔6分〕在“探究弹力和弹簧伸长的关系〞的实验中，某同学根据测得的数据，得出了弹簧总长度L与弹力F的图象，如下列图．〔1〕根据图象可以计算弹簧的劲度系数为500 N/m，弹簧的原长为10 cm；〔2〕由图象得出的实验结论：在弹性范围内，弹簧的弹力与伸长量成正比．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．.专题：实验题；弹力的存在与方向的判定专题．分析：在《探索弹力和弹簧伸长的关系》实验中，弹簧的弹力与行变量的关系满足F=kx，其中k由弹簧本身决定；利用实验操作过程的须知事项分析即可；由F﹣L图象的意义，斜率表示弹簧的劲度系数，图象与横坐标的截距为弹簧的原长．解答：解：〔1〕由F﹣L图象和胡克定律结合分析知，图象的斜率为弹簧的劲度系数，当F=0时，即横坐标的截距为弹簧的原长，所以据图所知，横截距为10cm，即弹簧的原长为10cm；图象的斜率K=N/m．〔2〕由图象得出的实验结论是在弹性范围内，弹簧的弹力与伸长量成正比．故答案为：〔1〕500；10；〔2〕在弹性范围内，弹簧的弹力与伸长量成正比．点评：此题关键明确实验原理，能够根据胡克定律列式求解；能利用F﹣L图象分析求解是关键，注意横坐标的截距为弹簧的原长，斜率表示弹簧的劲度系数．12．〔12分〕某同学用如图1实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒，m1=0.1kg、m2=0.3kg，m2从高处由静止开始下落，打点频率为50Hz的打点计时器在m1拖着的纸带上打出一系列的点，对纸带上的点进展测量，即可验证机械能守恒定律．如图2给出的是实验中获得的一条符合条件的纸带：0是打下的第一个点，每相邻两个计数点间还有4个点未画出，计数点间的距离如下列图．〔当地重力加速度g为9.80m/s2，所有结果均保存三位有效数字〕〔1〕在纸带上打下计数点5时的速度v5=2.40 m/s；〔2〕在打点0一5过程中系统动能的增量△E K= 1.15 J，系统重力势能的减少量△Ep= 1.18 J；〔3〕在实验处理数据中，系统动能的增量总小于系统重力势能的减少量，导致这一误差的原因除了有空气阻力外，还有可能是〔写一条〕摩擦阻力．〔4〕该同学根据本实验作出了v2﹣h图象如图3所示，如此根据图象求得重力加速度g=9.70 m/s2．考点：机械能守恒定律．.专题：机械能守恒定律应用专题．分析：〔1〕根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可以求出打下记数点5时的速度大小；〔2〕根据物体的初末动能大小可以求出动能的增加量，根据物体重力做功和重力势能之间的关系可以求出系统重力势能的减小量，比拟动能增加量和重力势能减小量之间的关系可以得出机械能是否守恒；〔3〕根据数学知识可知，得出图象假设为直线，如此可很容易的判断两个物理量之间的关系；〔4〕根据图象的物理意义可知，图象的斜率大小等于物体的重力加速度大小．解答：解：〔1〕根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第5个点时的速度为：v5===2.4m/s〔2〕物体的初速度为零，所以动能的增加量为：△E k=m﹣0=1.15J；重力势能的减小量等于物体重力做功，故：△E P=W=mgh=1.18J；由此可知动能的增加量和势能的减小量根本相等，因此在在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒．〔3〕系统动能的增量总小于系统重力势能的减少量，原因是存在摩擦阻力，机械能要减小．〔4〕此题中根据机械能守恒可知，mgh=，即有：=gh，所以﹣h图象中图象的斜率表示重力加速度，由图可知，斜率k=9.7，故当地的实际重力加速度g=9.70m/s2．故答案为：〔1〕2.40；〔2〕1.15，1.18；〔3〕摩擦阻力；〔4〕9.70．点评：此题全面的考查了验证机械能守恒定律中的数据处理问题，要熟练掌握匀变速直线运动的规律以与功能关系，增强数据处理能力．三、计算题〔本大题有3小题，第l3小题l0分，第14小题l4分．第15小题l8分，共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题．答案中必须明确写出数值和单位．请把解答过程写在答题卡上．〕13．〔10分〕公路上汽车连环相撞的主要原因是车速与两车间距离不符合要求．甲、乙两车在水平公路上同车道同向行驶，甲车在前以36km/h的速度匀速行驶，乙车在后以108km/h的速度匀速行驶想超过甲车．某一时刻甲车司机因紧急情况急刹车，当乙车司机看到甲车刹车灯亮起时，因超车道有车不能变更车道，马上采取急刹车，乙车司机从看到甲车刹车灯亮起到乙车开始减速用时t=1s，两车刹车时所受阻力均为自身车重的0.5倍．求甲、乙两车不发生碰撞事故，乙车司机看到甲车刹车灯亮起时与甲车的最短距离．〔取g=10m/s2〕考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：据题乙车的初速度大于甲车的初速度，而两车的加速度是一样的，而且甲车先减速，甲车速度减为零时，乙仍有速度，所以要想不发生碰撞事故，甲乙两车速度都减为零时恰不相遇．根据牛顿第二定律求出两车的加速度．运用速度位移关系公式，对两车分别列式，结合位移关系即可求解．解答：解：因为乙车的初速度大于甲车的初速度，而两车的加速度一样，且甲车先减速，甲车速度减为零时，乙仍有速度，所以要想不发生碰撞事故，甲乙两车速度都减为零时恰不相遇．甲乙的加速度一样，根据牛顿第二定律得：kmg=ma对甲车：0﹣=2〔﹣a〕x甲；对乙车：x1=v乙t0﹣=2〔﹣a〕x2；x乙=x1+x2；两车最短距离△x=x乙﹣x甲；代入数据解得△x=110m答：甲、乙两车不发生碰撞事故，乙车司机看到甲车刹车灯亮起时与甲车的最短距离为110m．点评：此题考查运动学中的追与和相遇问题，难度中等，对于追与问题，关键抓住临界状态，结合运动学公式进展求解．14．〔14分〕如图，在高h1=0.75m的光滑水平平台上，质量m=0.3kg的小物块〔可视为质点〕压缩弹簧后被锁扣K锁住，储存了一定量的弹性势能Ep．假设打开锁扣K，物块将以一定的水平速度v1向右从A点滑下平台做平抛运动，并恰好能从光滑圆弧形轨道BCD的B点沿切线方向进入圆弧形轨道，B点的高度h2=0.3m，C为轨道的最低点，圆心角∠BOC=37°〔取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8忽略空气阻力〕．求：〔1〕弹簧被锁定时的弹性势能Ep；〔2〕物块经过轨道上C点时对轨道压力的大小．考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕首先要清楚物块的运动过程，A到B的过程为平抛运动，高度运用平抛运动的规律求出小球到达B点时竖直分速度，由速度的分解得到小球离开平台时速度．要明确在运动过程中能量的转化，弹簧的弹性势能转化给物块的动能，根据机械能守恒求出弹簧储存的弹性势能E p．〔2〕先根据功能关系列式求解C点的速度，在C点，支持力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解．解答：解：〔1〕物块由A运动到B的过程中做平抛运动，如此解得：t=B点竖直方向速度v By=gt=3m/s，物块水平速度，如此弹簧被锁定时的弹性势能E p=〔2〕物块由A运动到C的过程中，根据动能定理得：根据几何关系的：R〔1﹣cos37°〕=h2由牛顿第二定律：F N﹣mg=m解得：F N=9.2N由牛顿第三定律，小球对轨道的压力大小F′N=F N即压力大小为F′N=9.2N；答：〔1〕弹簧被锁定时的弹性势能为2.4J；〔2〕物块经过轨道上C点时对轨道压力的大小为9.2N．点评：做物理问题应该先清楚研究对象的运动过程，根据运动性质利用物理规律解决问题．关于能量守恒的应用，要清楚物体运动过程中能量的转化．15．〔18分〕如下列图，物块P〔可视为质点〕和木板Q的质量均为m=1kg，P与Q之间、Q与水平地面之间的动摩擦因数分别为μ1=0.5和μ2=0.2，开始时P静止在Q的左端，Q静止在水平地面上．某时刻对P施加一大小为10N，方向与水平方向成θ=37°斜向上的拉力F，1s末撤去F，最终P恰好停在Q的右端，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．〔sinθ=0.6，cosθ=0.8，g取10m/s2〕求：〔1〕通过计算说明撤去力F前木板Q是否运动；〔2〕1s末物块P的速度和ls内物块P的位移；〔3〕木板Q的长度．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；力的合成与分解的运用．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕求出摩擦力，根据摩擦力大小关系判断B的运动状态；〔2〕由速度公式求出速度；〔3〕由牛顿第二定律求出加速度，应用速度公式与位移公式、两物体间位移的几何关系求出木板长度．解答：解：〔1〕前0.5s内，对P：由牛顿第二定律得：Fcosθ﹣f P1=ma P1，f P1=μ1〔mg﹣Fsinθ〕=0.5×〔10﹣10×sin37°〕N=2N，a P1===6m/s2；木板Q与地面间的最大静摩擦力：f m=μ2〔2mg﹣Fsinθ〕=0.2×〔20﹣10×sin37°〕N=2.8N，由于f P1＜f m，Q没有发生运动；〔2〕1s末物块P的速度 v P1=a P1t1=6×1m/s=6m/s；ls内物块P的位移 x P1==m=3m．〔3〕撤去F后，由牛顿第二定律得：对P，μ1mg=ma P2，a P2=μ1g=0.5×10=5m/s2；对Q，μ1mg﹣μ2•2mg=ma Q，a Q=g〔μ1﹣2μ2〕=10×〔0.5﹣2×0.2〕=1m/s2；当P到达Q右端时，二者速度一样，之后共同减速至静止，不再相对滑动，v=v P1﹣a P2t2，v=a Q t2，解得 t2==s=1s，v=a Q t2=1×1=1m/sP的位移：x P2=v P1t2﹣a P2t22=6×1﹣=3.5mQ的位移：x Q==m=0.5m由几何关系可知，木板Q的长度：L=x P1+x P2﹣x Q=3+3.5﹣0.5=6m；答：〔1〕撤去力F前木板Qi没有运动．〔2〕1s末物块A的速度为6m/s，ls内物块P的位移是3m．〔3〕木板Q的长度6m．。

2015届高三上学期期中考试物理试卷(含详细答案)

2015届高三上学期期中考试物理试卷第 Ⅰ 卷（选择题，共 40 分）一、选择题（1-6题只有一个符合题目要求，7-10题有多个符合题目要求。

多选题全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分）1. 关于物理学研究方法，下列叙述中正确的是A ．用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法B ．伽利略在研究自由落体运动时采用了微量放大的方法C ．法拉第在研究电磁感应现象时利用了理想实验的方法D ．在探究求合力方法的实验中使用了对称的方法2. 在如图所示的位移x 一t 图象和速度v 一t 图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是 ( )A ．甲车做曲线运动，乙车做直线运动B ．0～t 1时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程C ．丙、丁两车在t 2时刻相距最远D ．0～t 2时间内．丙、丁两车的平均速度相等3. .如图所示，一个小滑块由左边斜面上A 1点由静止开始下滑，又在水平面上滑行，接着滑上右边的斜面，滑到D1速度减为零，假设全过程中轨道与滑块间的动摩擦因素不变，不计滑块在转弯处受到撞击的影响，测得A 1、D 1两点连线与水平方向的夹角为θ1，若将物体从A 2静止释放，滑块到D 2点速度减为零，A 2D 2连线与水平面夹角为θ2，则（）A. θ2＜θ1B. θ2=θ1C. θ2＞θ1D.无法确定4. 质量为M 的半球形物体A 和质量为m 的球形物体B 紧靠着放在倾角为的固定斜面上，并处于静止状态，如图所示。

忽略B 球表面的摩擦力，则关于物体受力情况的判断正确的是A.物体A 对物体B 的弹力方向沿斜面向上B.物体A 受到3个力的作用C.物体B 对斜面的压力等于cos mg aD. 物体B 对物体A 的压力大于sin mg a5. 小型登月器连接在航天站上，一起绕月球做圆周运动，其轨道半径为月球半径的3倍，某时刻，航天站使登月器减速分离，登月器沿如图所示的椭圆轨道登月，在月球表面逗留一段时间完成科考工作后，经快速启动仍沿原椭圆轨道返回，当登月器第一次回到分离点时，登月器恰与航天站对接，忽略登月器快速启动和制动时间，整个过程中航天站保持原轨道绕月运行。

山西省太原市2015届高三上学期期中考试物理试题 Word

山西省太原市2015届高三上学期期中考试物理试卷一、单项选择题：本题包含8小题，每小题5分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。

请将正确选项填入第2卷前的答题栏内。

1．（5分）如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移﹣时间（x ﹣t）图象，由图可知（）2．（5分）“套圈圈”是小孩和大人都喜爱的一种游戏．某小孩和大人直立在界外，在同一竖直线上不同高度分别水平抛出小圆环，并恰好套中前方同一物体．假设小圆环的运动可视为平抛运动，则（）t=，3．（5分）2013年6月20日，我国宇航员王亚平在天宫授课时，利用质量测量仪粗略测出了聂海胜的质量．若聂海胜受恒力F的作用从静止开始运动，测出位移为x时的速度为v，则聂海胜的质量为（）C，m=4．（5分）“北斗第二代导航卫星网”将由5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星组成，其中静止轨道卫星，是指高度为36000km的地球同步卫星；30颗非静止轨道卫星由27颗中轨（MEO）卫星和3颗倾斜同步（IGSO）卫星组成，其中27颗MEO卫星的轨道高度均为21500km，3颗倾斜同步（IGSO）卫星的轨道高度与静止轨道卫星的轨道高度相同，将各卫星轨道均视根据万有引力提供向心力=、根据万有引力提供向心力，得、根据万有引力提供向心力，得5．（5分）鸵鸟是当今世界上最大的鸟，由翅膀退化它已经不会飞了，鸟起飞的必要条件是空气对它向上的力f足够大，计算f大小的公式为：f=cρSv2，式中c是一个无量纲的比例常数，ρ是空气密度，S是鸟翅膀的面积，v是鸟起飞时的速度，为了估算鸟起飞时的速度v，可以作一个简单的几何相似性假设，设鸟的几何线度为l，则鸟的质量与l3成正比，翅膀的面积S 与l2成正比，已知燕子起飞时的速度约为5m/s，鸵鸟的几何线度大约是燕子的25倍，由此可，，6．（5分）如图所示，一质量为M、表面为四分之一圆弧面的柱体放在水平面上，各接触面均光滑，将质量为m的滑块从柱体的顶端由静止开始释放，在滑块沿圆弧面下滑到底端的过程中，为了使柱体M保持静止，需在柱体上施加一水平力F，则该力大小（）7．（5分）2014年8月3日，云南省鲁甸县发生6.5级强震，在一次地震救援中，武警队员从静止在空气中的直升机上顺着长为24m的缆绳沿竖直方向下滑到地面上，假设该队员由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为6s，取g=10m/s2，下列说法正确的是（），根据平均速度的推论有：，解得v==，则8．（5分）如图所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度ω转动，盘面上离转轴距离r处有一小物体与圆盘始终保持相对静止．物体与盘面间的动摩擦因数为μ（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），盘面与水平面的夹角为θ，重力加速度为g，则ω的最大值是（）．二、多项选择题:本题包含4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，请将正确选项填入第2卷前的答题栏内。

江苏省宿迁市2015届高三物理上学期期中试题 (含解析)

物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共计18分．每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）物块A置于倾角为30°的斜面上，用轻弹簧、细绳跨过定滑轮与物块B相连，弹簧轴线与斜面平行，A、B均处于静止状态，如图所示．A、B重力分别为10N和4N，不计滑轮与细绳间的摩擦，则（）2．（3分）地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a；假设月球绕地球作匀速圆周运动，轨道半径为r1，向心加速度为a1．已知万有引力常量为G，地球半径为R．下列说法中正确的M=M=加速度之比，3．（3分）如图所示，半径为R 的均匀带正电薄球壳，壳内的电场强度处处为零，其球心位于坐标原点O ，一带正电的试探电荷靠近球壳表面处由静止释放沿坐标轴向右运动．下列关于坐标轴上某点电势φ、试探电荷在该点的动能E k 与离球心距离x 的关系图线，可能正确的是（）B，随着F=F=4．（3分）如图甲所示，R 为电阻箱，为理想电流表，电源的电动势为E ，内阻为r ．图乙为电源的输出功率P 与电流表示数I 的关系图象，其中功率P 0分别对应电流I 1、I 2，外电阻R 1、R 2．下列说法中正确的是（），整理得：=，则有：；整理得：，故5．（3分）如图所示，质量均为m的A、B两物块置于水平地面上，物块与地面间的动摩擦因数均为μ，物块间用一水平轻绳相连，绳中无拉力．现用水平力F向右拉物块A，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．重力加速度为g．下列说法中错误的是（），对：6．（3分）如图所示，固定斜面AE分成等长四部分AB、BC、CD、DE，小物块与AB、CD间动摩擦因数均为μ1；与BC、DE间动摩擦因数均为μ2，且μ1=2μ2．当小物块以速度v0从A点沿斜面向上滑动时，刚好能到达E点．当小物块以速度从A点沿斜面向上滑动时，则能到达的最高点（）初速度为时，（二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共计20分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．（4分）如图所示，某同学用同一弹簧测力计按图甲、乙两种方式测量某小桶的重力，甲图中系小桶的轻绳较长．下列说法中正确的是（）8．（4分）如图所示，足够长的粗糙斜面固定在地面上，某物块以初速度v0从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端．上述过程中，若用h、x、v和a分别表示物块距水平地面高度、位移、速度和加速度的大小，t表示运动时间．下列图象中可能正确的是（）B9．（4分）如图所示，相同的乒乓球1、2落台后恰好在等高处水平越过球网，过网时的速度方向均垂直于球网．不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自起跳到最高点的过程中，下列说法中正确的是（）知竖直方向初速度相同，运动时间相同，水平初速10．（4分）如图所示，圆环固定于竖直平面内，长方形空心闭合细管道ABCDA内接于圆环，管道AB长度小于AD长度，竖直的空心细管道AC为对角线．小球由A点静止释放沿管道ABC 运动到C点，通过AB、BC段时间分别为t1、t2；小球由A点静止释放沿管道AC运动到C点，所用时间为t3；小球由A点静止释放沿管道ADC运动到C点，通过AD、DC段时间分别为t4、t5．小球通过B、D两点时机械能损失不计，不计摩擦．下列关系式中正确的是（）=gsin，得；，得；=1=gsin+＜，则有：＞11．（4分）如图甲所示，轻杆一端与质量为1kg、可视为质点的小球相连，另一端可绕光滑固定轴在竖直平面内自由转动．现使小球在竖直平面内做圆周运动，经最高点开始计时，取水平向右为正方向，小球的水平分速度v随时间t的变化关系如图乙所示，A、B、C三点分别是图线与纵轴、横轴的交点、图线上第一周期内的最低点，该三点的纵坐标分别是1、0、﹣5．g 取10m/s2，不计空气阻力．下列说法中正确的是（）得：所以：，则：m/s的过程中机械能守恒，得：三、简答题：12题8分，13题10分，共18分．12．（8分）某同学设计了如图甲所示的装置来探究小车的加速度与所受合力的关系．将装有力传感器的小车放置于水平长木板上，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的最大示数F0，以此表示小车所受摩擦力的大小．再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，记下传感器的示数F1．（1）接通频率为50Hz的交流电源，释放小车，打出如图乙所示的纸带．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，则小车的加速度a= 0.16 m/s2．（2）改变小桶中砂的重力，多次重复实验，获得多组数据，描绘小车加速度a与合力F（F=F1﹣F0）的关系图象．不计纸带与计时器间的摩擦．下列图象中可能正确的是AB ．（3）同一次实验中，小车释放前传感器示数F1与小车加速运动时传感器示数F2的关系是F1＞F2（选填“＜”、“=”或“＞”）．（4）关于该实验，下列说法中正确的是AD ．A．小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量B．实验中需要将长木板右端垫高C．实验中需要测出小车和传感器的总质量D．用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据．13．（10分）小明利用如图甲所示的电路测定旧电池组的电动势与内电阻．（1）用笔画线代替导线将图乙中的实物连线补充完整；（2）由图丙可知：该电池组的电动势E= 4.3 V，内阻r= 7.5 Ω（保留两位有效数字）；（3）小明又利用上述实验方案测定了同规格新电池组的电动势与内电阻．通过实验发现旧电池组与新电池组相比，电动势几乎没有变化，但它们的输出功率P随外电阻R变化的关系图线有较大差异，如图丁所示．可知图线 B （选填“A”或“B”）对应的是新电池组，试说出判断的理由：由公式P=I2R、及丁图知：外电阻相同时，B的输出功率大，电流大、电池组的内阻小．=7.5及丁图知：外电阻相同时，及丁图知：四、计算题：本题共4小题，共计64分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．（15分）一直升机以5.0m/s速度竖直上升，某时刻从飞机上释放一物块，经2.0s落在地面上，不计空气阻力，g取10m/s2．求：（1）物块落到地面时的速度；（2）物块2.0s内通过的路程；（3）物块释放时距地面的高度．）物块上升过程：由，15．（16分）如图所示，两个半径为R的四分之一圆弧构成的光滑细管道ABC竖直放置，且固定在光滑水平面上，圆心连线O1O2水平．轻弹簧左端固定在竖直挡板上，右端与质量为m的小球接触（不栓接，小球的直径略小于管的内径），长为R的薄板DE置于水平面上，板的左端D 到管道右端C的水平距离为R．开始时弹簧处于锁定状态，具有的弹性势能为3mgR，其中g 为重力加速度．解除锁定，小球离开弹簧后进入管道，最后从C点抛出．（1）求小球经C点时的动能；（2）求小球经C点时所受的弹力；（3）讨论弹簧锁定时弹性势能满足什么条件，从C点抛出的小球才能击中薄板DE．，由牛顿第二定律得：，竖直方向：，满足：）当时，从16．（16分）真空室中有如图甲所示的装置，电极K持续发出的电子（初速不计）经过电场加速后，从小孔O沿水平放置的偏转极板M、N的中心轴线OO′射入．M、N板长均为L，间距为d，偏转极板右边缘到荧光屏P（足够大）的距离为S．M、N两板间的电压U MN随时间t变化的图线如图乙所示．调节加速电场的电压，使得每个电子通过偏转极板M、N间的时间等于图乙中电压U MN的变化周期T．已知电子的质量、电荷量分别为m、e，不计电子重力．（1）求加速电场的电压U1；（2）欲使不同时刻进入偏转电场的电子都能打到荧光屏P上，求图乙中电压U2的范围；（3）证明在（2）问条件下电子打在荧光屏上形成亮线的长度与距离S无关．作用的时间为，偏转位移为要使粒子能射出平行板，则2，电子速度偏转角的正切值均为值与最小值之差；217．（17分）如图所示，小物块AB由跨过定滑轮的轻绳相连，A置于倾角为37°的光滑固定斜面上，B位于水平传送带的左端，轻绳分别与斜面、传送带平行，传送带始终以速度为v0=2m/s 向右匀速运动，某时刻B从传送带左端以速度v1=6m/s向右运动，经过一段时间回到传送带的左端，已知A、B质量为1kg，B与传送带间的动摩擦因素为0.2．斜面、轻绳、传送带均足够长，A不会碰到定滑轮，定滑轮的质量与摩擦力均不计，g取10m/s2，sin37°=0.6，求：（1）B向右运动的总时间；（2）B回到传送带左端的速度；（3）上述过程中，B与传送带间因摩擦产生的总热量．，再经过时间：的加速度的位移：的位移：：则的位移：mm/s。

河南省濮阳市濮阳县一中2015届高三上学期期中考试物理试题 Word版含解析

河南省濮阳市濮阳县一中2015届高三上学期期中考试物理试卷一.选择题（共10小题，每小题4分，共40分．其中第8、9、10题为多选，选不全的得2分，有错选的得0分）D2．（4分）一个物体从静止出发以加速度a做匀加速直线运动，经过时间t后，紧接着以该时，此时速度为：所以匀速运动的位移为：所以平均速度为：3．（4分）如图所示，在M、N处固定着两个等量异种点电荷，在它们的连线上有A、B两点，已知MA=AB=BN．下列说法正确的是（）4．（4分）如图示，ad、bd、cd是竖直面内三根固定的光滑细杆，a、b、c、d位于同一圆周上，a为圆周的最高点，d为圆周的最低点．每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），三个滑环分别从a、b、c处由静止释放，到达d点所用的时间分别为t1、t2、t3，则（）S=t=5．（4分）（2009•重庆）据报道，“嫦娥一号”和“嫦娥二号”绕月飞行器的圆形轨道距月球表面分别约为200Km和100Km，运动速率分别为v1和v2，那么v1和v2的比值为（月球半径取D=V==6．（4分）如图所示，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为v0的带电微粒，恰能沿图示虚线由A向B做直线运动．那么（）7．（4分）如图所示，一物体以6m/s的初速度从A点沿圆弧下滑到B点速率仍为6m/s．若物体以5m/s的初速度从A点沿同一路线滑到B点，则到B点时的速率为（）即8．（4分）质量为2kg的物体通过弹簧测力计挂在升降机的顶板上，升降机在竖直方向运动，弹簧测力计的示数为16N．若从升降机的速度为3m/s时开始计时，经过1s，升降机的位移可29．（4分）如图甲中的A B是一个点电荷电场中的电场线，图乙则是放在电场线上a、b处的试探电荷的电荷量与所受电场力数量间的函数图象，由此可判定（）10．（4分）如图所示，一辆玩具小车静止在光滑的水平导轨上，一个小球用细绳悬挂在车上，由图中位置无初速度释放，则小球在下摆过程中，下列说法正确的是（）二．填空题（共16分）11．（4分）如图所示，是力学中两个实验装置，这两个实验共同的物理思想方法是（）12．（12分）用落体运动验证机械能守恒定律的实验．（1）为进行该实验，备有下列器材可供选择：A铁架台、B打点计时器、C复写纸片、D纸带、E低压直流电源、F天平、G秒表、H导线、I重锤．其中不必要的器材是EFG（填对应的字母）．缺少的器材是刻度尺．（2）若实验中所用重物的质量m=1kg，打点时间间隔为0.02s，打出的纸带如图所示，O为起点，A、B、C、D为相邻的几点，测的OA=0.78cm、OB=1.79cm、OC=3.14cm、OD=4.90cm，查出当地的重力加速度g=9.80m/s2，则重物在B点时的动能E AB=0.174J，从开始下落到B 点的过程中，重物的重力势能减少量是0.175J．（结果保留三位有效数字）m/s=0.59m/s点的动能≈三．计算题（共44分．要有必要的文字说明和重要的演算步骤，只写结果不给分）13．（10分）汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，求开始刹车后2s和开始刹车后6s汽车通过的位移分别是多少．=×=30m=40m14．（10分）如图示质量m=2kg的物体静止在水平地面的A处，A、B间的距离L=20m，用大小为30N沿水平方向的外力拉此物体，经2s拉到B点．（g取10m/s2）（1）求物体与地面间的动摩擦因数（2）用大小为30N，与水平方向成37°角的力斜向上拉此物体，使物体从A处由静止开始运动并能到达B处，求此力作用的最短距离．=0.5t=t=2.3t=1.03sx=15．（10分）（2006•四川）荡秋千是大家喜爱的一项体育活动．随着科技的迅速发展，将来的某一天，同学们也许会在其它星球上享受荡秋千的乐趣．假设你当时所在星球的质量为M、半径为R，可将人视为质点，秋千质量不计、摆长不变、摆角小于90°，万有引力常量为G．那么，（1）该星球表面附近的重力加速度g星等于多少？（2）若经过最低位置的速度为v0，你能上升的最大高度是多少？即：h=等于，你能上升的最大高度是16．（14分）如图所示，A、B为两块平行金属板，A板带正电、B板带负电．两板之间存在着匀强电场，两板间距为d、电势差为U，在B板上开有两个间距为L的小孔．C、D为两块同心半圆形金属板，圆心都在贴近B板的O′处，C带正电、D带负电．两板间的距离很近，两板末端的中心线正对着B板上的小孔，两板间的电场强度可认为大小处处相等，方向都指向O′．半圆形金属板两端与B板的间隙可忽略不计．现从正对B板小孔紧靠A板的O处由静止释放一个质量为m、电量为q的带正电微粒（微粒的重力不计），问：（1）微粒穿过B板小孔时的速度多大；（2）为了使微粒能在CD板间运动而不碰板，CD板间的电场强度大小应满足什么条件；（3）从释放微粒开始，经过多长时间微粒会通过半圆形金属板间的最低点P点？，根据动能定理，有）微粒进入半圆形金属板后，电场力提供向心力，有（板的小孔，则（点，则所以从释放微粒开始，经过所以经过时间；板间的电场强度大小应满足）从释放微粒开始，经过时间。

高三物理-2015届高三上学期期中考试物理试卷

2014-2015学年高三（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分）1．2014年10月7日，诺贝尔官方网站宣布，日裔科学家赤崎勇、天野浩和中村修二因发明“高亮度蓝色发光二极管”获得2014年诺贝尔物理学奖．下列有关物理学史的叙述中正确的是（）A．开普勒关于行星运动的描述为万有引力的发现奠定了基础B．库仑发现了真空中点电荷相互作用的规律，卡文迪许用扭秤实验测出了静电常数K的值C．牛顿发现了万有引力定律，并第一次在实验室里测出了引力常量D．笛卡尔通过理想实验研究自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动2．如图所示，质量m A＞m B的两物体A、B叠放在一起，靠着竖直墙面．它们在推力F的作用下由静止下落，在沿粗糙墙面下落过程中，物体B的受力示意图是（）A．B只受重力的作用B．B受重力和A的压力作用C．B受重力、A的压力和墙面的摩擦力三个力的作用D．B受重力、A的压力、墙面的摩擦力和推力F 四个力的作用3．如图所示，半圆形容器竖直放置，在其圆心O点分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA 与竖直方向成θ角，则两小球的初速度之比为（）A．B．tanθC．D．tan2θ4．银河系处于本超星系团的边缘，已知银河系距离星系团中心约2亿光年，绕星系团中心运行的公转周期约1000亿年，引力常量G=6.67x10﹣11N•m2/kg2，根据上述数据不能估算出的物理量（）A．银河系绕本超星系团中心运动的线速度B．银河系绕本超星系团中心运动的加速度C．银河系的质量D．本超星系团的质量5．如图所示，足够高的竖直墙壁M、N之间有一根水平光滑细杆，在杆上A点的左侧某位置处套有一细环，一质量为m的小球用长为L的轻质细绳系在环上．N墙壁上的B点与小球等高，现让环与小球一起以v=的速度向右运动．环运动到A点被挡住而立即停止．已知杆上A点离N墙壁的水平距离为L，细绳能承受的最大拉力为2.5mg．不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A．细绳不会断裂，与N墙壁碰前小球做圆周运动B．小球与N墙壁碰撞时的速度为C．小球与N墙壁的碰撞点到B点的距离为D．小球与N墙壁的碰撞点到B点的距离为6．如图甲所示，在x轴上有两个固定的点电荷Q1、Q2，其中 Q1带正电处于原点O．现有一个正电荷q以一定的初速度沿x轴正方向运动（只受电场力作用），其v﹣t图象如图乙所示，q经过a、b两点时速度分别为v a、v b．则以下判断正确的是（）A．Q2带负电且电荷量大于Q1B．b点的场强比a点的场强大C．a点的电势比b点的电势高D．q在a点的电势能小于在b点的电势能二、多项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共20分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分．选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.7．一条东西方向的平直公路边上有两块路牌A、B，A在西，B在东，一辆匀速行驶的汽车自东向西经过路牌B时，一只小鸟恰自A路牌向B匀速飞去，小鸟飞到汽车正上方立即折返，以原速率飞回A，过一段时间后，汽车也行驶到A．以向东为正方向，它们的位移一时间图象如图所示，图中t2=2t1，由图可知（）A．小鸟的速率是汽车速率的2倍B．相遇时小鸟与汽车位移的大小之比是3：1C．小鸟飞行的总路程是汽车的1.5倍D．小鸟和汽车在0～t2时间内位移相等8．如图所示，a为地球赤道上的物体，b为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星，c 为地球同步卫星．关于a、b、c做匀速圆周运动的说法中正确的是（）A．地球对b、c两星的万有引力提供了向心力，因此只有a受重力，b、c两星不受重力B．周期关系为T a=T c＞T bC．线速度的大小关系为v a＜v c＜v bD．向心加速度的大小关系为a a＞a b＞a c9．如图所示，一个内壁光滑的圆锥筒，其轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动．有一个质量为m的小球A紧贴着筒内壁在水平面内做匀速圆周运动，筒口半径和筒高分别为R和H，小球A所在的高度为筒高的一半．已知重力加速度为g，则（）A．小球A做匀速圆周运动的角速度ω=B．小球A受到重力、支持力和向心力三个力作用C．小球A受到的合力大小为D．小球A受到的合力方向垂直于筒壁斜向上10．如图所示，半径为R的光滑圆环固定在竖直平面内，O是圆心，虚线OC水平，D是圆环最低点．两个质量均为m的小球A、B套在圆环上，两球之间用轻杆相连，从图示位置由静止释放，则（）A．B球运动至最低点D时，A、B系统重力势能最小B．A、B系统在运动过程中机械能守恒C．A球从C点运动至D点过程中机械能减少D．当杆水平时，A、B球速度达到最大11．如图所示，空间存在一匀强电场，其方向与水平方向间的夹角为30°，A、B与电场垂直，一质量为m，电荷量为q的带正电小球以初速度v0从A点水平向右抛出，经过时间t 小球最终落在C点，速度大小仍是v0，且AB=BC，则下列说法中正确的是（）A．电场方向沿电场线斜向上B．电场强度大小为E=C．小球下落高度gt2D．此过程增加的电势能等于mg2t2三、简答题：本大题有两个实验题．共计20分.请将解答填写在答题卡相应的位置．12．如图1为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置．（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持不变，用钩码所受的重力作为，用DIS测小车的加速度．（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量．在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F 关系图线如图2所示．①分析此图2线的OA段可得出的实验结论是．②（单选题）此图2线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是A．小车与轨道之间存在摩擦 B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大 D．所用小车的质量太大．③做本实验前必须消除摩擦力的影响，将木板的右端抬到适当的高度，这个步鄹是：．13．用如图1实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒．m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律．图2给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图2所示．已知m1=50g、m2=150g，则（g取10m/s2，结果保留两位有效数字）（1）在纸带上打下记数点5时的速度v= m/s；（2）在打点0～5过程中系统动能的增量△E K= J，系统势能的减少量△E P= J，由此得出的结论是；（3）若某同学作出v2﹣h图象如图3，则当地的实际重力加速度g= m/s2．四、计算题：本题3小题，共47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位．14．滑沙游戏中，游戏者从沙坡顶部坐滑沙车呼啸滑下．为了安全，滑沙车上通常装有刹车手柄，游客可以通过操纵刹车手柄对滑沙车施加一个与车运动方向相反的制动力F，从而控制车速．为便于研究，作如下简化：游客从顶端A点由静止滑下8s后，操纵刹车手柄使滑沙车摩擦变大匀速下滑至底端B点，在水平滑道上继续滑行直至停止．已知游客和滑沙车的总质量m=70kg，倾斜滑道AB长L AB=128m，倾角θ=37°，滑沙车底部与沙面间的动摩擦因数μ=0.5．重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力．（1）求游客匀速下滑时的速度大小．（2）求游客匀速下滑的时间．（3）求游客从A滑到B的过程中由于摩擦产生的热量．15．水平桌面上有一个向右的匀强电场，E=，质量M=3g带电量为q可视为质点的木块置于水平平台上A点，用细绳跨过光滑的定滑轮与质量m的物块连接，平台上B点左侧光滑，AB两点距离是L，B点右侧粗糙到滑轮的距离足够远，动摩擦力因数μ=0.4，木板从A点由静止开始释放，求：（1）木块到达B点时速度；（2）木块过B点电场强度的大小不变，方向改为竖直向下，求M能向右滑多远？（3）木板与平台间摩擦产生的总热量Q．16．如图所示，虚线左侧有一场强为E1=E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2=2E的匀强电场，在虚线PQ右侧相距也为L处有一与电场E2平行的屏．现将一电子（电荷量e，质量为m）无初速度放入电场E1中的A点，最后打在右侧的屏上，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：（1）电子从释放到打到屏上所用的时间；（2）电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角的正切值tanθ；（3）电子打到屏上的点P到O点的距离x．17．如图所示，水平桌面上有一轻弹簧，左端固定在A点，自然状态时其右端位于B点．D 点位于水平桌面最右端，水平桌面右侧有一竖直放置的光滑轨道MNP，其形状为半径R=0.8m 的圆环剪去了左上角135°的圆弧，MN为其竖直直径，P点到桌面的竖直距离为R，P点到桌面右侧边缘的水平距离为2R．用质量m1=0.4kg的物块a将弹簧缓慢压缩到C点，释放后弹簧恢复原长时物块恰停止在B点．用同种材料、质量为m2=0.2kg的物块b将弹簧缓慢压缩到C点释放，物块b过B点后其位移与时间的关系为x=6t﹣2t2，物块从D点飞离桌面恰好由P点沿切线落入圆弧轨道．g=10m/s2，求：（1）B、D间的水平距离．（2）通过计算，判断物块b能否沿圆弧轨道到达M点．（3）物块b释放后在桌面上运动的过程中克服摩擦力做的功．2014-2015学年高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分）1．2014年10月7日，诺贝尔官方网站宣布，日裔科学家赤崎勇、天野浩和中村修二因发明“高亮度蓝色发光二极管”获得2014年诺贝尔物理学奖．下列有关物理学史的叙述中正确的是（）A．开普勒关于行星运动的描述为万有引力的发现奠定了基础B．库仑发现了真空中点电荷相互作用的规律，卡文迪许用扭秤实验测出了静电常数K的值C．牛顿发现了万有引力定律，并第一次在实验室里测出了引力常量D．笛卡尔通过理想实验研究自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、开普勒关于行星运动的描述为万有引力的发现奠定了基础，故A正确；B、库仑发现了真空中点电荷相互作用的规律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力常量的值，故B错误；C、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许在实验室里测出了引力常量，故C错误；D、伽利略通过理想实验研究自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，故D错误；故选：A．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如图所示，质量m A＞m B的两物体A、B叠放在一起，靠着竖直墙面．它们在推力F的作用下由静止下落，在沿粗糙墙面下落过程中，物体B的受力示意图是（）A．B只受重力的作用B．B受重力和A的压力作用C．B受重力、A的压力和墙面的摩擦力三个力的作用D．B受重力、A的压力、墙面的摩擦力和推力F 四个力的作用考点：力的合成与分解的运用．专题：受力分析方法专题．分析：分析撤去推力F前后两物体的受力情况，根据AB间的相互作用分析B的受力．解答：解：在推力的作用下，由静止下落，B对墙壁没有压力的作用，故B不受摩擦力作用；此时AB两物体共同向下做加速直线运动，AB间存在相互的压力；则B受重力与压力作用，故B正确，ACD错误；故选：B．点评：本题考查对物体的受力分析问题，要注意明确AB一起向下运动时，共同加速直线运动，而不是做自由落体运动，它们之间存在相互的挤压，有了弹力．3．如图所示，半圆形容器竖直放置，在其圆心O点分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成θ角，则两小球的初速度之比为（）A．B．tanθC．D．tan2θ考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动水平位移和竖直位移的关系确定两小球初速度大小之比．解答：解：对于小球1，根据Rcosθ=gt12，解得：t1=，则v1==Rsin θ．对于小球2，根据Rsinθ=gt22，解得：t2=，则v2==Rcosθ．则两小球的初速度之比=．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．4．银河系处于本超星系团的边缘，已知银河系距离星系团中心约2亿光年，绕星系团中心运行的公转周期约1000亿年，引力常量G=6.67x10﹣11N•m2/kg2，根据上述数据不能估算出的物理量（）A．银河系绕本超星系团中心运动的线速度B．银河系绕本超星系团中心运动的加速度C．银河系的质量D．本超星系团的质量考点：万有引力定律及其应用；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：已知银河系绕超星系运动的轨道半径和公转周期，根据线速度和周期、加速度和周期的关系公式可以计算出银河系绕本超星系团中心运动的线速度和加速度．银河系是环绕天体，无法计算其质量，只能计算中心天体超星系的质量．解答：解：AB、据题意可知，银河系是环绕天体，超星系是中心天体，银河系绕超星系做圆周运动，已知环绕的轨道r和周期T，则银河系运动的线速度为v=，加速度a=，故可以计算银河系绕本超星系团中心运动的线速度和加速度，故AB正确．C、银河系是环绕天体，无法计算其质量，故C错误．D、根据万有引力提供向心力=m可以解得超星系的质量，故D正确．本题选不能估算出的物理量，故选：C．点评：本题要能知道银河系绕超星系做匀速圆周运动，银河系是环绕天体，超星系是中心天体，无法计算环绕天体的质量，只能计算中心天体超星系的质量．5．如图所示，足够高的竖直墙壁M、N之间有一根水平光滑细杆，在杆上A点的左侧某位置处套有一细环，一质量为m的小球用长为L的轻质细绳系在环上．N墙壁上的B点与小球等高，现让环与小球一起以v=的速度向右运动．环运动到A点被挡住而立即停止．已知杆上A点离N墙壁的水平距离为L，细绳能承受的最大拉力为2.5mg．不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A．细绳不会断裂，与N墙壁碰前小球做圆周运动B．小球与N墙壁碰撞时的速度为C．小球与N墙壁的碰撞点到B点的距离为D．小球与N墙壁的碰撞点到B点的距离为考点：动能定理；平抛运动；向心力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律，通过合力提供向心力求出绳子的拉力，判断绳子有无断裂．若绳子断裂，做平抛运动，根据平抛运动的规律求出小球与N墙壁碰撞点与B点的距离，以及碰撞时的速度．解答：解：A、根据牛顿第二定律得：F﹣mg=m，解得：F=mg+m=3mg＞2.5mg，绳子断裂，做平抛运动．故A错误；C、D、小球做平抛运动，在水平方向上的运动时间为：t===．则竖直方向上的位移为：y=gt2=．则碰撞点与B点的距离为．故C错误，D正确；B、竖直方向上的分速度为：v y=gt=．则合速度为：v合==．故B错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道向心力的来源，要运用牛顿第二定律结合平抛运动的知识进行求解．6．如图甲所示，在x轴上有两个固定的点电荷Q1、Q2，其中 Q1带正电处于原点O．现有一个正电荷q以一定的初速度沿x轴正方向运动（只受电场力作用），其v﹣t图象如图乙所示，q经过a、b两点时速度分别为v a、v b．则以下判断正确的是（）A．Q2带负电且电荷量大于Q1B．b点的场强比a点的场强大C．a点的电势比b点的电势高D．q在a点的电势能小于在b点的电势能考点：电场线；电势能．分析：由图象分析可知：正带电粒子在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点正电粒子受到两点电荷的电场力平衡，从而可得出Q2的电性为负；通过正带电粒子的动能先减小再增大，判断电场力做功和电势能的变化，根据正电荷在电势高处电势能大，判断电势的高低．解答：解：A、根据v﹣t图象的斜率等于加速度，可知正电荷q在b点的加速度为0，在b 点左侧电荷做减速运动，b点右侧做加速运动，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，可知Q2带负电，根据点电荷场强公式E=k得知Q2带电荷量小于Q1，故A错误；B、在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，受力为零，故b的场强为零，而a点的场强不为零，所以b点的场强比a点的场强小，故B错误．C、该电荷从a点到b点，做减速运动，电场力做负功，电势能增大，又因为该电荷为正电荷，所以电势升高，则b点电势比a点的电势高．故C错误D、由C分析得，粒子在a点的电势能比b点的电势能小，故D正确故选：D点评：解决本题的关键是根据图象分析b点的场强为零，分析电荷的能量如何变化时，往往判断外力做功情况，根据功能关系进行分析，要掌握常见的功能关系，比如电场力做功与电势能变化的关系，总功与动能变化的关系等等．二、多项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共20分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分．选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.7．一条东西方向的平直公路边上有两块路牌A、B，A在西，B在东，一辆匀速行驶的汽车自东向西经过路牌B时，一只小鸟恰自A路牌向B匀速飞去，小鸟飞到汽车正上方立即折返，以原速率飞回A，过一段时间后，汽车也行驶到A．以向东为正方向，它们的位移一时间图象如图所示，图中t2=2t1，由图可知（）A．小鸟的速率是汽车速率的2倍B．相遇时小鸟与汽车位移的大小之比是3：1C．小鸟飞行的总路程是汽车的1.5倍D．小鸟和汽车在0～t2时间内位移相等考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：本题初看感觉很难，主要原因同学们似乎很难找到解题的突破口，但只要仔细一考虑便不难发现，小鸟飞向B的时间和飞回的时间相同均为t1，故有v1+v2=L，而对于汽车来说有x2=v2t2，再根据t2=2t1，便可轻松解决本题．解答：解：设AB之间的距离为L，小鸟的速率是v1，汽车的速率是v2，小鸟从出发到与汽车相遇的时间与汽车返回的时间相同，故它们相向运动的时间为，则在小鸟和汽车相向运动的过程中有：v1+v2=L，即：（v1+v2）=L对于汽车来说有：v2t2=L联立以上两式可得：v1=3V2故A错误，B正确．汽车通过的总路程为：x2=v2t2小鸟飞行的总路程为：x1=v1t1=3V2×t2=x2故C正确．小鸟回到出发点，故小鸟的位移为0，故D错误．故选：BC．点评：能否通过画过程草图，找出两个物体的位移关系、时间关系和速度关系是解决相遇问题的突破口．这一点一定要慢慢领会和使用．8．如图所示，a为地球赤道上的物体，b为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星，c 为地球同步卫星．关于a、b、c做匀速圆周运动的说法中正确的是（）A．地球对b、c两星的万有引力提供了向心力，因此只有a受重力，b、c两星不受重力B．周期关系为T a=T c＞T bC．线速度的大小关系为v a＜v c＜v bD．向心加速度的大小关系为a a＞a b＞a c考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：本题中涉及到三个做圆周运动物体，AC转动的周期相等，BC同为卫星，故比较他们的周期、角速度、线速度、向心加速度的关系时，涉及到两种物理模型，要两两比较．解答：解：A、地球对b、c两星的万有引力提供了向心力，a受重力，b、c两星也受重力提供了向心力，故A错误；B、卫星C为同步卫星，所以T a=T c，根据T=2π，可知T c＞T b，所以T a=T c＞T b，故B正确；C、AC比较，角速度相等，由v=ωr，可知υa＜υc，根据v=得v c＜v b，故C正确；D、由a=ω2r，得：a a＜a C，故D错误；故选：BC．点评：本题涉及到两种物理模型，即AC转动的周期相等，BC同为卫星，其动力学原理相同，要两两分开比较，最后再统一比较．9．如图所示，一个内壁光滑的圆锥筒，其轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动．有一个质量为m的小球A紧贴着筒内壁在水平面内做匀速圆周运动，筒口半径和筒高分别为R和H，小球A所在的高度为筒高的一半．已知重力加速度为g，则（）A．小球A做匀速圆周运动的角速度ω=B．小球A受到重力、支持力和向心力三个力作用C．小球A受到的合力大小为D．小球A受到的合力方向垂直于筒壁斜向上考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：小球受重力与支持力的作用而做匀速圆周运动，则由向心力公式可求得小球做匀速圆周运动的角速度；并且能判断合力的大小及方向．解答：解：A、如下图所示；小球受重力和支持力而做匀速圆周运动，则合外力一定指向圆心；由力的合成可知，F=mgtanθ=mg=mrω2；由几何关系可知，r=；解得：ω=；故A正确；B、小球只受重力和支持力；向心力是由合外力充当；故B错误；C、由A的分析可知，合外力F=mg；故C正确；D、小球受到的合外力指向圆心，故D错误；故选：AC点评：本题是圆锥摆类型，关键是对小球受力分析，然后根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解分析．10．如图所示，半径为R的光滑圆环固定在竖直平面内，O是圆心，虚线OC水平，D是圆环最低点．两个质量均为m的小球A、B套在圆环上，两球之间用轻杆相连，从图示位置由静止释放，则（）A．B球运动至最低点D时，A、B系统重力势能最小B．A、B系统在运动过程中机械能守恒C．A球从C点运动至D点过程中机械能减少D．当杆水平时，A、B球速度达到最大考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析： A、B组成的系统在运动的过程中，只有重力做功，机械能守恒，当动能最大时，系统重力势能最小．根据外力做功判断A、B机械能的变化．解答：解：A、A、B组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒．B球运动到最低点时，系统减小的重力势能为mgR，在杆子从竖直状态到水平状态的过程中，系统重力势能下降最大，大小等于．故A错误，B正确．C、A球从C点运动到D点的过程中，除重力对其做功外，杆的作用力对其做负功，A的机械能减少，故C正确．D、因为杆子水平时，系统重力势能减小最大，根据机械能守恒，知系统动能最大，所以当杆水平时，A、B球的速度最大．故D正确．故选：BCD．点评：解决本题的关键知道A、B组成的系统机械能守恒，知道当杆子水平时，系统重力势能减小最大．11．如图所示，空间存在一匀强电场，其方向与水平方向间的夹角为30°，A、B与电场垂直，一质量为m，电荷量为q的带正电小球以初速度v0从A点水平向右抛出，经过时间t小球最终落在C点，速度大小仍是v0，且AB=BC，则下列说法中正确的是（）A．电场方向沿电场线斜向上B．电场强度大小为E=C．小球下落高度gt2D．此过程增加的电势能等于mg2t2考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电场强度；电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题要注意分析小球受力情况，明确重力及电场力做功情况，再由电场线利用好几何关系确定小球的高度变化；要注意采用运动的合成与分析知识．解答：解：A、由题意可知，小球在下落过程中动能不变，而重力做正功，则电场力做负功，而小球带正电，故电场线应斜向下；故A错误；B、由动能定理可知，mgABsin60°=EqBCsin60°解得：E=；故B正确；C、将电场力分解为沿水平方向和竖直方向，则有竖直分量中产生的电场力F=E′q=mgcos60°=；则物体在竖直方向上的合力F合=mg+=；，则由牛顿第二定律可知，竖直方向上的分加速度a y=；则下落高度h=a y t2=；故C正确；D、此过程中电场力做负功，电势能增加，由几何关系可知，小球在沿电场线的方向上的位移x=；则电势能的增加量E=Eqx=；故D错误；。

2015届高三物理上学期期中考试试题