高三物理上学期第二次月考试题2

2016-2017学年上学期霞浦一中高三第二次月考物理试卷考试范围：第一章至第四章、选修3-5；考试时间：90分钟；命题人：高三物理备课组注意事项：1．答题前请在答题卡上填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卷上第I 卷（选择题）一、单项选择题（本题共6题，每小题4分，共24分。

每小题只有一个选项正确，请将正确的选项填写在答题卷上）1．关于物理学的研究方法，以下说法错误的是( )A ．在用实验探究加速度、力和质量三者之间关系时，应用了控制变量法B ．在利用速度﹣时间图象推导匀变速直线运动的位移公式时，使用的是微元法C ．用质点代替物体，应用的是理想模型法D ．伽利略在利用理想实验探究力和运动关系时，使用的是等效替代法2．有一列火车正在做匀加速直线运动.从某时刻开始计时，第1s 内，发现火车前进了3m. 第2s 内发现火车前进了6m.则火车的加速度为（ ） A ．0.5m/s 2B ．2m/s 2C ．3m/s 2D ．4m/s 23．如图所示为一个质点作直线运动的v ﹣t 图象，下列说法中正确的是( )A ．在18s ～22s 时间内，质点的位移为24mB ．整个过程中，BC 段的加速度最大C ．整个过程中，E 点所表示的状态是离出发点最远D ．BC 段表示质点通过的位移为34m4. 如右图所示，质量为m 的小球用水平弹簧系住，并用倾角为 30的光滑木板AB 托住，小球恰好处于静止状态.当木板AB 突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为（ ） A ．0 B ．大小为g ，方向竖直向下C ．大小为g 332，方向垂直木板向下 D ．大小为g 33，方向水平向右5. 河水的流速随离河岸的距离的变化关系如图甲所示，船在静水中的速度与时间的关系如图乙所示，若要使船以最短时间渡河，则( )A．船渡河的最短时间是60 sB．船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直C．船航行的轨迹是一条直线D．船的最大速度是7 m/s6. 如图所示，小车上有一根固定的水平横杆，横杆左端固定的轻杆与竖直方向成θ角，轻杆下端连接一小铁球；横杆右端用一根细线悬挂一小铁球，当小车做匀变速直线运动时，细线保持与竖直方向成α角，若θ＜α，则下列说法中正确的是（）A．轻杆对小球的弹力方向沿着轻杆方向向上B．轻杆对小球的弹力方向与细线平行向上C．小车可能以加速度gtanα向右做匀减速运动D．小车一定以加速度gtanθ向右做匀加速运动二、多项选择题（本题共6题，每小题4分，共24分。

每小题有多个选项正确，选不全的得2分，错选或多选都不得分）7. 在下列关于近代物理知识的说法中，正确的是（）A．玻尔理论可以成功解释氢原子的光谱现象B．氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子的能量增大C．β射线为原子的核外电子电离后形成的电子流D．铀元素的半衰期为T，当温度发生变化时，铀元素的半衰期也发生变化8. 19世纪初，爱因斯坦提出光子理论，使得光电效应现象得以完美解释，玻尔的氢原子模型也是在光子概念的启发下提出的。

关于光电效应和氢原子模型，下列说法正确的（）A．光电效应实验中，入射光足够强就可以发生光电效应B．若某金属的逸出功为W0，该金属的截止频率为C．保持入射光强度不变,增大人射光频率,金属在单位时间内逸出的光电子数将减小D．氢原子由低能级向高能级跃迁时，吸收光子的能量可以稍大于两能级间能量差9．如图所示，三个小球从同一高度处的O点分别以水平初速度v1、v2、v3抛出，落在水平面上的位置分别是A、B、C，O′是O在水平面上的射影点，且O′A∶O′B∶O′C＝1∶3∶5。

若不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A ．v 1∶v 2∶v 3＝1∶3∶5B ．三个小球下落的时间相同C ．三个小球落地的速度相同D ．三个小球落地的动能相同10.如图所示，在光滑四分之一圆弧轨道的顶端a 点，质量为m 的物块(可视为质点)由静止开始下滑，经圆弧最低点b 滑上粗糙水平面，圆弧轨道在b 点与水平轨道平滑相接，物块最终滑至c 点停止，若圆弧轨道半径为R ，物块与水平面间的动摩擦因数为μ，下列说法正确的是( ) A ．物块滑到b 点时的速度为gRB ．物块滑到b 点时对b 点的压力是mgC ．物块滑到b 点时对b 点的压力是3mgD ．c 点与b 点的距离为Rμ11.一兴趣小组做了一次实验，实验时让某同学从桌子上跳下，自由下落H 后双脚触地，他顺势弯曲双腿，他的重心又下降了h 后停住，利用传感器和计算机显示该同学受到地面的支持力F 随时间变化的图象如图所示. 根据图象提供的信息，以下判断正确的是（ ） A.在0至t 2时间内该同学处于失重状态B. t 2时刻该同学的加速度为零C. t 3时刻该同学的速度达到最大D. 在t 3至t 4时间内该同学处于超重状态 12．如图所示，在光滑水平面上有一质量为m 1的足够长的木板，其上叠放一质量为m 2的木块．假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等．现给木块施加一随时间t 增大的水平力F ＝kt (k 是常数)，木板和木块加速度的大小分别为a 1和a 2.下列反映a 1和a 2变化图像和可以定性描述长木板B 运动的v ­t 图像正确的是( )第II 卷（非选择题）三、实验题（本题共2小题，每空格2分，共14分） 13．在“验证力的平行四边形定则”的实验中： （1）其中有两个实验步骤如下：A ．在水平位置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套，通过细绳同时用两个弹簧测力计（平行方木板）互成角度地拉橡皮条，使它与细绳的结点到达某一点O ，在白纸上用铅笔记下O 点的位置和读出两测力计的示数1F 和2F 。

B ．只用一弹簧测力计，通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与用两个测力计拉时相同，读出示数'F 和记下'F 的方向。

请指出以上步骤中的错误或疏漏：A 中是_____ _____ ；B 中是__________。

14．如图为用拉力传感器和速度传感器探究“加速度与物体受力的关系”实验装置．用拉力传感器记录小车受到拉力的大小，在长木板上相距为L=48.0cm 的A 、B 两点各安装一个速度传感器，分别记录细线拉力和小车到达A 、B 时的速率．（1）本实验有关的说法正确的是：__________(多选) A ．两速度传感器之间的距离应适当远些B ．不必用天平测出小车和车上的拉力传感器的总质量C ．应先释放小车，再接通速度传感器的电源D ．改变所挂钩码的数量时，要使所挂钩码的质量远小于小车质量（2）某同学在表中记录了实验测得的几组数据，v B 2﹣v A 2是两个速度传感器记录速率的平方差，则加速度的表达式为a=__________，表中第3次实验缺失的数据是__________m/s 2（结果保留三位有效数字）；（3）甲同学在探究加速度与力的关系时，作出的a 一F 图线，如图a 所示．则实验存在的问题是 ．（填写“平衡摩擦力不足”或“平衡摩擦力过度”）造成的．四、计算题（本题共3小题，第15题10分、16题12分，17题16分共38分。

答题时要写出必要的文字说明和物理公式，只有答案或只有数字运算的不给分）15.某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神奇的“功力”下飘动起来．假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置C(∠QCS＝45°)时，金属小球偏离竖直方向的夹角θ也是45°，如图所示．已知小球的质量为m，该同学(含磁铁)的质量为M，求此时：(1)悬挂小球的细线的拉力大小为多少？(2)该同学受到地面的支持力和摩擦力大小各为多少？16．如图所示，木板右端BC段为1/4光滑圆弧且静止在光滑水平面上，木板AB段的上表面与圆弧的最低点相切，木板的左端A有一可视为质点的小铁块。

现突然给铁块水平向右的初速度v0，铁块到达木板B位置时速度变为原初速度的一半，之后继续上滑并刚好能到达圆弧的最高点C。

若木板质量为2m，铁块的质量为m，重力加速度为g。

求：（1）小铁块滑到B位置时木板的速度；（2）小铁块到达C位置时两者的共同速度；（3）光滑圆弧面的半径。

17．质量为m＝1 kg的小物块轻轻地放在水平匀速运动的传送带上的P点，随传送带运动到A点后水平抛出，小物块恰好无碰撞地沿圆弧切线从B点进入竖直光滑的圆弧轨道．B、C为圆弧轨道的两端点，其连线水平．已知圆弧轨道的半径R＝1.0 m，圆弧轨道对应的圆心角θ＝106°，轨道最低点为O，A点距水平面的高度h＝0.8 m，小物块离开C点后恰能无碰撞地沿固定斜面向上运动，0.8s后经过D点，小物块与斜面间的动摩擦因数为μ1＝13.(g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)(1)求小物块离开A点时的水平初速度v1；(2)求小物块经过O点时对轨道的压力大小；(3)假设小物块与传送带间的动摩擦因数为μ2＝0.3，传送带的速度为5 m/s，求P、A间的距离是多少；(4)求斜面上C、D间的距离．2016-2017学年上学期霞浦一中高三第二次月考答案1. D ．2.C3.D ．分析：由图可知物体的运动过程中速度的变化，由图象中斜率可得出加速度的大小关系；由图象与时间由围成的面积可得出物体的位移．解答： 解：A 、在18s ～22s 时间内，质点先做减速运动，再反向加速，由面积可知，物体的位移为零，故A 错误；B 、图象的斜率表示物体的加速度，由图可知，CE 段的斜率最大，故CD 段的加速度最大，故B 错误；C 、从A 到D 物体一直做正向运动，故位移一直增大，而D 到E 物体反向运动，故D 点离出发点最远，故C 错误； D 、BC 段的位移为×4m=34m，故D 正确；4.C解：木板撤去前，小球处于平衡态，受重力、支持力和弹簧的拉力，如图根据共点力平衡条件，有F-Nsin30°=0 Ncos30°-G=0木板AB 突然撤去后，支持力消失，重力和拉力不变，合力等于支持力N ，方向与N 反向，故加速度为N a g m == 5. B.当船头指向垂直于河岸时，船的渡河时间最短，其时间t ＝d v ＝3003s ＝100 s ，A 错、B 对．因河水流速不均匀，所以船在河水中的航线是一条曲线，当船行驶至河中央时，船速最大，最大速度v ＝42＋32m/s ＝5 m/s ，C 、D 错．6. B ．分析： 先对细线吊的小球分析进行受力，根据牛顿第二定律求出加速度．再对轻杆固定的小球应用牛顿第二定律研究，得出轻杆对球的作用力方向．加速度方向求出，但速度可能有两种，运动方向有两种．解答： 解：A 、B 、对细线吊的小球研究，根据牛顿第二定律，得： mgtan α=ma ，得到：a=gtan α对轻杆固定的小球研究．设轻杆对小球的弹力方向与竖直方向夹角为β，由牛顿第二定律，得：m′gtan β=m′a′因为a=a′，得到β=α＞θ，则轻杆对小球的弹力方向与细线平行，故A 错误，B 正确． C 、D 、小车的加速度a=tan α，方向向右，而运动方向可能向右，也可能向左．故C 错误．D 错误． 点评： 绳子的模型与轻杆的模型不同：绳子的拉力一定沿绳子方向，而轻杆的弹力不一定沿轻杆方向，与物体的运动状态有关，可根据牛顿定律确定．7. AB解：A 、玻尔理论成功地解释了氢原子的光谱现象．故A 正确．B 、氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子的能量增大．故B 正确．C 、β射线是原子核中的一个中子转变为一个电子和一个质子，电子释放出来．故C 错误．D 、半衰期的大小与温度无关，由原子核内部因素决定．故D 错误．8. BC9.AB10. 选CD.根据机械能守恒定律mgR ＝12mv 2可得，v ＝2gR ，A 项错误；在b 点，F N －mg ＝m v2R 可得F N＝3mg ，B 项错误,C 项正确；根据运动学位移速度公式可得x ＝Rμ，D 项正确；11. ABD分析：根据支持力和重力的大小关系，运用牛顿第二定律判断加速度的方向，从而判断出该同学所处的状态．解：A 、在到t 2时间内，支持力的大小小于重力，加速度大小向下，所以该同学处于失重状态．故A 正确．B 、在t 2时刻，支持力的大小等于重力，加速度为0．故B 正确．C 、在0至t 2时间内该同学加速度大小向下，t 2时刻该同学的速度达到最大．故C 错误．D 、根据牛顿第二定律得在t 3到t 4时间内，支持力的大小大于重力，加速度方向向上，所以该同学处于超重状态．故D 正确． 12.AC13未记下两条细绳的方向 未说明是否把橡皮条的结点拉到了位置O 14. AB解：（1）A 、两速度传感器之间的距离应适当远些，增大L ，可以减小误差，故A 正确 B 、不必用天平测出小车和车上的拉力传感器的总质量，故B 正确； C 、应该先接通电源后再释放小车，故C 错误；D 、改变所挂钩码的数量时，不需要使所挂钩码的质量远小于小车质量，因为实验中拉力传感器记录小车受到拉力，故D 错误；（2）根据匀变速直线运动的位移与速度公式：v 2﹣=2as 可以求出：a=，带入数据解得：a=2.44m/s 2．（3）表中a 与F 并不成正比，这是由于平衡摩擦力过度造成 15.(1)以小球为研究对象，受力分析如图甲所示，则由平衡条件得Fsin45°＝F C sin45° F C cos45°＋Fcos45°＝mg 解得F ＝F C ＝22mg (2)以小球和该同学整体为研究对象，受力分析如图乙所示，由平衡条件得 f ＝Fsin45°N ＋Fcos45°＝(M ＋m)g 将F 值代入解得f ＝21 mg N ＝Mg ＋12mg.16.解析:（i ）先以木板和铁块为系统，水平方向不受外力，所以动量守恒，设初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：位置瞬间木板的速度为： 的共同速度为，水平方向由动量守恒定律得：17．[解析](1)对于小物块，由A 点到B 点有v 2y ＝2gh 在B 点有tan θ2＝v yv 1 所以v 1＝3 m/s.(2)对于小物块，由B 点到O 点有mgR ⎝⎛⎭⎪⎫1－cos θ2＝12mv 2O －12mv 2B 其中v B ＝32＋42m/s ＝5 m/s在O 点F N －mg ＝m v 2OR，所以F N ＝43 N由牛顿第三定律知小物块对轨道的压力为F ′N ＝43 N. (3)小物块在传送带上加速的过程有μ2mg ＝ma 3P 、A 间的距离是x PA ＝v 212a 3＝1.5 m.(4)小物块沿斜面上滑时有mg sin θ2＋μ1mg cos θ2＝ma 1 解得a 1＝10 m/s 2小物块沿斜面下滑时有mg sin θ2－μ1mg cos θ2＝ma 2 解得a 2＝6 m/s 2由机械能守恒定律可知v C ＝v B ＝5 m/s 小物块由C 点上升到最高点历时t 1＝v C a 1＝0.5 s小物块由最高点回到D 点历时t 2＝0.8 s －0.5 s ＝0.3 s11 故x CD ＝v C 2t 1－12a 2t 22即x CD ＝0.98 m. [答案](1)3 m/s (2)43 N (3)1.5 m(4)0.98 m。