解析福建省漳州市长泰一中2020┄2021学年高二上学期期中物理试卷
高二物理上学期期中试题(含解析)高二全册物理试题11
嘴哆市安排阳光实验学校长泰一中高二（上）期中物理试卷一、选择题（本大题有16小题，每题3分，共48分；第1～12题只有一项符合题目要求；第13～16题有多项符合题目要求，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下列公式适用于任何电场的是( )A．W=qEd B．U=Ed C．E=D．E=k2．在电场中的某点A放一个检验电荷，其电荷量为q，受到的电场力为F，则A点的电场强度为E=，下列说法正确的是( )A．若移去检验电荷，则A点的电场强度为0B．若检验电荷的电荷量变为4q，则A点的场强变为4EC．若放置到A点的检验电荷变为﹣2q，则场中A点的场强大小方向均不变D．若放置到A点的检验电荷变为﹣2q，则场中A点的场强大小不变，但方向相反3．以下说法正确的是( )A．导体中的电流是正电荷的定向移动形成的B．电荷定向移动的速率等于电流的传导速率C．导体中横截面积越大的地方运动电荷的平均速率越大D．单位时间内通过导体横截面的电荷量越大，电流越大4．如图四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点．其中电势和场强都相同的是( )A ．B ．C ．D ．5．如图所示，棒AB上均匀分布着负电荷，它的中点正上方有一P点，则P点的场强方向为( )A．垂直于AB向上B．垂直于AB向下C．平行于AB向左D．平行于AB向右6．将两根长为L，横截面积为S，电阻率为ρ的保险丝串起来作为一根使用，则它的电阻和电阻率分别为( )A ．、ρB ．、ρC ．、ρD ．、ρ7．如图所示为滑动变阻器示意图，下列说法中正确的是( )①a和b串联接入电路中，P向右移动时电阻增大②b和d串联接入电路中，P向右移动时电阻减小③b和c串联接入电路中，P向右移动时电阻增大④a和c串联接入电路中，P向右移动时电阻增大．A．①②B．②③C．①③D．②④8．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为( )A ．B ．C ．D．12F9．如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流计G和一个滑动变阻器R组成，（1）甲表是电流表，R增大时量程增大（2）甲表是电流表，R增大时量程减小（3）乙表是电压表，R增大时量程增大（4）乙表是电压表，R增大时量程减小下列说法正确的是( )A．（1）和（3）B．（1）和（4）C．（2）和（3）D．（2）和（4）10．如图所示，在沿x轴正方向的匀强电场E中，有一动点A以O为圆心、以r为半径逆时针转动，θ为OA与x轴正方向间的夹角，则O、A两点间电势差为( )A．U OA=Er B．U OA=ErsinθC．U OA=ErcosθD．U OA =11．一带电粒子在（重力不计）如图所示的电场中，在电场力作用下，沿虚线所示轨迹从A点运动到B点，下列说法中正确的是( )A．粒子带正电B．粒子的加速度在减少C．粒子的动能在增大D．粒子的电势能在增大12．在光滑绝缘的水平面上有一个不导电的弹簧，弹簧的两端分别与金属小球A、B相连，若A、B带上等量同种电荷，弹簧伸长x1，若让A、B所带电量都增为原来的2倍，弹簧的伸长量为x2，则x1与x2的关系是( )A．x2=x1B．x2=4x1C．x2＞4x1D．x2＜4x113．在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时( )A．L2的电阻为12ΩB．L1消耗的电功率为0.75 WC．L1、L2消耗的电功率的比值大于4D．L1两端的电压为L2两端电压的2倍14．平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示．则下列分析正确的是( )A．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ增大B．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ不变C．电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ增大D．电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变15．空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，x轴上两点B、C点电场强度在x方向上的分量分别是E Bx、E Cx，下列说法中正确的有( )A．E Bx的方向沿x轴正方向B．E Bx的大小大于E Cx的大小C．电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量最大D．负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力先做正功，后做负功16．如图所示，在O点处放置一个正电荷．在过O点的竖直平面内的A点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m、电荷量为q．小球落下的轨迹如图中虚线所示，它与以O为圆心、R为半径的圆（图中实线表示）相交于B、C 两点，O、C在同一水平线上，∠BOC=30°，A距离OC的竖直高度为h．若小球通过B点的速度为v，则下列说法不正确的是( )A．小球通过C 点的速度大小是B．小球在B、C两点的电势能不等C．小球由A点到C点的过程中电势能一直都在减少D．小球由A点到C点机械能的损失是mg（h ﹣）﹣mv2二、实验题（共18分．请把正确的答案填在题中的横线上或按题中要求作答）17．（18分）某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，部分步骤如下：（1）分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数分别如图甲、乙所示，长度为__________cm，直径为__________mm．（2）为精确的测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R x（约320Ω）；电流表A1（量程0～15mA，内阻约30Ω）；电流表A2（量程0～3mA，内阻约50Ω）；电压表V1（量程0～3V，内阻约10KΩ）；电压表V2（量程0～15V，内阻约25KΩ）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω）；滑动变阻器R2（阻值范围0～100Ω）；开关S；导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，则电流表应选__________，电压表应选__________，滑动变阻器应选__________，（均选填器材代号）．（3）正确选择合适的仪器后请在图丙虚线框内画出测量用的正确电路图．（4）根据设计电路图同组同学已经完成部分导线的连接，请你在实物接线图（图丁）中完成余下导线的连接．18．如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L=2.0m，若将电荷量均为q=+2.0×10﹣6C的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k=9.0×109N•m2/C2，求：（1）两点电荷间的库仑力大小；（2）C点的电场强度的大小和方向．19．如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．20．如图，灯泡D与电动机M串联在一个稳压电源上，电源的输出电压为U=20V，灯泡D的电阻为R D=6Ω，电动机M线圈的电阻为R M=2Ω，与电动机并联的理想电压表读数为U M=14V．电动机的转轴的摩擦可忽略，求：（1）通过灯泡的电流I=？（2）电动机M线圈的发热功率P Q=？（3）电动机M输出的机械功率P机=？21．如图所示，空间有场强E=1.0×103V/m竖直向下的电场，长L=0.4m不可伸长的轻绳固定于O点，另一端系一质量m=0.05kg带电q=+5×10﹣4C的小球，拉起小球至绳水平后在A点无初速度释放，当小球运动至O点的正下方B点时，绳恰好断裂，小球继续运动并垂直打在同一竖直平面且与水平面成θ=30°、无限大的挡板MN上的C点．试求：（1）绳子至少受多大的拉力才能被拉断；（2）A、C两点的电势差．长泰一中高二（上）期中物理试卷一、选择题（本大题有16小题，每题3分，共48分；第1～12题只有一项符合题目要求；第13～16题有多项符合题目要求，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下列公式适用于任何电场的是( )A．W=qEd B．U=Ed C．E=D．E=k【考点】电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】分别分析每个公式的适用范围，即可作出选择．【解答】解：A、公式W=qEd，用来计算匀强电场中电场力做功，所以只适用于匀强电场，故A错误．B、公式U=Ed是匀强电场中电势差与电场强度的关系公式，只适用于匀强电场，故B错误．C、公式E=是电场强度的定义式，运用比值法定义，适用于任何电场，故C正确．D、公式E=k是点电荷场强公式，只适用点电荷的电场，故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键要理解各个公式的来源，明确公式的适用范围．2．在电场中的某点A放一个检验电荷，其电荷量为q，受到的电场力为F，则A点的电场强度为E=，下列说法正确的是( )A．若移去检验电荷，则A点的电场强度为0B．若检验电荷的电荷量变为4q，则A点的场强变为4EC．若放置到A点的检验电荷变为﹣2q，则场中A点的场强大小方向均不变D．若放置到A点的检验电荷变为﹣2q，则场中A点的场强大小不变，但方向相反【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．【解答】解：A、由题，该点的电场强度E=，若移去检验电荷，该点的电场强度仍为E=．故A错误．B、若检验电荷的电量变为4q，检验电荷所受的电场力为4F，该点的电场强度仍为E=．故B错误．C、D若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，检验电荷所受的电场力为﹣2F，该点的电场强度仍为E=．故C正确，D错误．故选：C【点评】电场强度的定义式E=，具有比值定义法的共性，定义出的电场强度与F、q无关，由电场本身决定．3．以下说法正确的是( )A．导体中的电流是正电荷的定向移动形成的B．电荷定向移动的速率等于电流的传导速率C．导体中横截面积越大的地方运动电荷的平均速率越大D．单位时间内通过导体横截面的电荷量越大，电流越大【考点】电流、电压概念．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电流是电荷的定向移动形成的．金属导电靠的是自由电子；酸、碱、盐溶液导电靠的是溶液中的正、负离子．电流的传递速率等于光速，电荷定向移动的速度很小，远远小于电流传递的速度．单位时间内通过导体横截面的电荷数越多，电流就越大．【解答】解：A、电荷的定向移动形成电流，在金属导体中形成电流时，定向移动的是电子．在电解液中形成电流时，正离子和负离子都在定向移动，故A错误．B、电流的传递速率等于光速，电荷定向移动的速度很小，远远小于电流传导的速度，故B错误．C、由电流的微观表达式可知，I=nqvs可知，导体中横截面积越大的地方运动电荷的平均速率越小；故C错误；D、根据电流的定义I=可知，单位时间内通过导体横截面的电荷数越多电流越大，故D正确．故选：D．【点评】本题要注意无论是正电荷还是负电荷，只要定向移动都会形成电流，不要将电流的形成速度与电流的方向的规定混淆；同时注意电流的微观表达式的应用．4．如图四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点．其中电势和场强都相同的是( )A ．B ．C ．D ．【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电势是标量，根据电场线的方向和对称性分析a、b两点电势是否相同．场强是矢量，根据电场线的疏密和切线方向及对称性，确定场强是否相同．【解答】解：A、ab两点在一等势面上，电势相同，a的场强方向向左，b的场强方向向右，则场强不同．故A错误．B、a、b在等量异种电荷连线的中垂线上，而此中垂线是一条等势线，两点电势相同．根据电场线分布的对称性可知，这两点场强相同．故B正确．C、a、b两点场强相同，而电势a点高于b点，故C错误．D、根据电场线的对称性可知：a、b两点的电势相同，而a的场强方向向上，b点的场强方向下，场强不同．故D错误．故选B【点评】判断电势的高低，根据电场线的方向．判断场强的大小根据电场线疏密，方向看电场线的切线方向．要注意场强是矢量，只有大小和方向均相同，场强才相同．5．如图所示，棒AB上均匀分布着负电荷，它的中点正上方有一P点，则P点的场强方向为( )A．垂直于AB向上B．垂直于AB向下C．平行于AB向左D．平行于AB向右【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据点电荷的电场强度的定义式，结合将棒上电荷看成若干点电荷构成的，再由矢量的叠加原理，因此即可求解．【解答】解：根据点电荷的电场强度的定义式，再将棒的电荷看成若干个点电荷，由对称性与矢量的叠加，可得出，P点的电场强度的方向垂直于AB向下，故B正确，ACD错误；故选：B【点评】考查点电荷的电场强度的方向如何确定，掌握微元法的思路，同时理解矢量性的叠加．6．将两根长为L，横截面积为S，电阻率为ρ的保险丝串起来作为一根使用，则它的电阻和电阻率分别为( )A ．、ρB ．、ρC ．、ρD ．、ρ【考点】欧姆定律；电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电阻率的大小由材料决定，与长度和横截面积无关．根据电阻定律的公式R=ρ判断电阻的变化．【解答】解：电阻率有材料决定，与导线的长度和横截面积无关，故电阻率不变；材料不变，长度变为原来的2倍，横截面积不变，根据电阻定律的公式R=ρ知，则电阻变为原来的2倍，为：R=故选：A．【点评】解决本题的关键掌握电阻定律的公式R=ρ，以及知道电阻率的大小由材料决定，与长度和横截面积无关．7．如图所示为滑动变阻器示意图，下列说法中正确的是( )①a和b串联接入电路中，P向右移动时电阻增大②b和d串联接入电路中，P向右移动时电阻减小③b和c串联接入电路中，P向右移动时电阻增大④a和c串联接入电路中，P向右移动时电阻增大．A．①②B．②③C．①③D．②④【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中的电阻丝的长度来改变电阻的，它的正确接法是“一上一下”．哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的．若接左下接线柱，滑片向右移动，电阻变大，则电路中的电流变小；若接右下接线柱，滑片向左移动，电阻变大，则电路中的电流变小．【解答】解：①、将a和b连入电路时，当滑片P向右滑动时，不会改变电阻丝长度，电阻不变；故①错误；②、将b和d连入电路时，连入路中的电阻丝是Pb部分．当滑片P向右滑动时，PA电阻丝长度减小，电阻减小，故②正确．③、将b和c连入电路时，连入路中的电阻丝是Pb部分．当滑片P向右滑动时，PB电阻丝长度减小，电阻减小，故③错误．④、将a和c连入电路时，连入电路中的电阻丝是aP部分，当滑片P向右滑动时，ap电阻丝长度变长，电阻变大，故④正确；故选：D【点评】本题考查了滑动变阻器的原理和作用，能够正确判断当“一上一下”接入电路时哪一段电阻丝被连入电路中是本题的解题关键所在．8．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为( )A ．B ．C ．D．12F【考点】库仑定律；电荷守恒定律．【专题】计算题．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q ，距离又变为原来的，库仑力为F′=k，所以两球间库仑力的大小为．故选C．【点评】本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．9．如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流计G和一个滑动变阻器R组成，（1）甲表是电流表，R增大时量程增大（2）甲表是电流表，R增大时量程减小（3）乙表是电压表，R增大时量程增大（4）乙表是电压表，R增大时量程减小下列说法正确的是( )A．（1）和（3）B．（1）和（4）C．（2）和（3）D．（2）和（4）【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】灵敏电流计G和变阻器R并联时，由于变阻器的分流，测量的电流增大，改装成电流表，而灵敏电流计G和变阻器R串联时，由于变阻器的分压，测量的电压增大，改装成电压表．甲表中，R增大时，变阻器分流减小，量程减小．乙表中，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大．【解答】解：由图甲所示可知，G与电阻R并联，甲表是电流表，R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故（1）错误，（2）正确．由图乙所示可知，G与R串联，乙是电压表，R增大时，变阻器分担的电压增大，乙表量程增大，故（3）正确，（4）错误；故C正确；故选：C．【点评】本题考查电表改装原理的理解能力．当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值．10．如图所示，在沿x轴正方向的匀强电场E中，有一动点A以O为圆心、以r为半径逆时针转动，θ为OA与x轴正方向间的夹角，则O、A两点间电势差为( )A．U OA=Er B．U OA=ErsinθC．U OA=ErcosθD．U OA =【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】匀强电场中电势差U=Ed，关键在于明确d为沿电场线方向的有效距离．【解答】解：在匀强电场中，两点间的电势差U=Ed，而d是沿场强方向上的距离，所以d OA=r•cosθ，故：U oA=Ercosθ故选C．【点评】定要注意明确公式中d的准确含义，d是沿电场线方向的距离．11．一带电粒子在（重力不计）如图所示的电场中，在电场力作用下，沿虚线所示轨迹从A点运动到B点，下列说法中正确的是( )A．粒子带正电B．粒子的加速度在减少C．粒子的动能在增大D．粒子的电势能在增大【考点】电场线；等势面．【分析】解这类题的思路：根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性和电场线的疏密程度，判断电场力方向，根据电场力做功判断电势能的变化．【解答】解：A、由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力的方向大致斜向左下方，与电场强度方向相反，故粒子带负电，故A错误．B、B点电场线密集，故电场强度大，电场力大，故加速度大，所以粒子的加速度一直增大，故B错误；C、由于带电粒子是从A到B，带电粒子受电场力的方向大致斜向左下方，故电场力做负功，动能减小，电势能增大，故C错误，D正确．故选：D【点评】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解；明确电场力做功与电势能和动能间的关系．12．在光滑绝缘的水平面上有一个不导电的弹簧，弹簧的两端分别与金属小球A、B相连，若A、B带上等量同种电荷，弹簧伸长x1，若让A、B所带电量都增为原来的2倍，弹簧的伸长量为x2，则x1与x2的关系是( )A．x2=x1B．x2=4x1C．x2＞4x1D．x2＜4x1【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据库仑定律的公式：F=知，电量增加，则库仑力增加，两球相互远离，通过库仑力和弹力的大小关系判断距离的变化．【解答】解：让A、B所带电量都增为原来的2倍，根据库仑定律的公式：F=知，若认为距离保持不变，则库仑力增大为原来的4倍，根据平衡知，弹簧的弹力增大为原来的4倍，则形变量变为原来的4倍，但是形变量增大，库仑力减小，则x2＜4x1，故选：D．【点评】本题考查了库仑定律和胡克定律的综合运用，通过假设法，假设距离保持不变进行判断．13．在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时( )A．L2的电阻为12ΩB．L1消耗的电功率为0.75 WC．L1、L2消耗的电功率的比值大于4D．L1两端的电压为L2两端电压的2倍【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】定性思想；图析法；恒定电流专题．【分析】由图乙知，L2和L3并联后与L1串联，L2和L3的电压和电流都相同，电路中的总电流为0.25A，从而求出通过三个灯泡的电流，由乙图读出三个灯泡两端的电压，由R=求出L2的电阻，根据P=UI分析功率关系．【解答】解：A、L2和L3并联后与L1串联，L2和L3的电压和电流均相同，则得L2的电流为0.125A，由图可知，此时L2的电压小于0.5V，根据R=可知，L2的电阻小于4Ω，故A错误；B、根据图象可知，当电流为0.25A时，电压U=3V，所以L1消耗的电功率P=UI=0.75W，故B正确；C、根据P=UI可知，L2消耗的电功率P2＜0.125×0.5=0.0625W，所以L1、L2消耗的电功率的比值大于4；1，故C正确；D、L1的电流为L2电流的2倍，由于灯泡是非线性元件，所以L1的电压不是L2电压的2倍，故D错误；故选：BC【点评】本题的关键是搞清电路的结构，能够从图中读出有效信息，要注意本题中灯泡是非线性元件，电阻会随电压和电流而变化，不是定值．14．平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示．则下列分析正确的是( )A．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ增大B．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ不变C．电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ增大D．电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球受重力、拉力、电场力三个力处于平衡状态，保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变；断开开关S，电容器所带的电量不变．结合电场强度的变化判断夹角的变化．【解答】解：A、保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，带正电的A板向B板靠近，极板间距离减小，电场强度E增大，小球所受的电场力变大，θ增大．故A正确，B错误．C、断开开关S，电容器所带的电量不变，C=，，知d变化，E 不变，电场力不变，θ不变．故C错误，D正确．故选：AD．【点评】解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量．若电容器与电源断开，电量保持不变；若电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变．15．空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，x轴上两点B、C点电场强度在x方向上的分量分别是E Bx、E Cx，下列说法中正确的有( )A．E Bx的方向沿x轴正方向B．E Bx的大小大于E Cx的大小C．电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量最大D．负电荷沿x轴从B移到C的过程中，电场力先做正功，后做负功【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题的入手点在于如何判断E Bx和E Cx的大小，由图象可知在x轴上各点的电场强度在x方向的分量不相同，如果在x方向上取极小的一段，可以把此段看做是匀强电场，用匀强电场的处理方法思考，从而得到结论，此方法为微元法．【解答】解：A、沿电场方向电势降低，在O点左侧，E Bx的方向沿x轴负方向，故A错误；B、在B点和C点附近分别取很小的一段d，由图象，B点段对应的电势差大于C点段对应的电势差，看做匀强电场有E=，可见E Bx＞E Cx，故B正确；C、同理可知O点场强最小，电荷在该点受到的电场力最小，故C错误；D、沿电场方向电势降低，在O点左侧，E Bx的方向沿x轴负方向，在O点右侧，E Cx的方向沿x轴正方向，电场力先做正功，后做负功，故D正确．故选：BD【点评】本题需要对电场力的性质和能的性质由较为全面的理解，并要求学生能灵活应用微分法；故此题的难度较高．16．如图所示，在O点处放置一个正电荷．在过O点的竖直平面内的A点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m、电荷量为q．小球落下的轨迹如图中虚线所示，它与以O为圆心、R为半径的圆（图中实线表示）相交于B、C 两点，O、C在同一水平线上，∠BOC=30°，A距离OC的竖直高度为h．若小球通过B点的速度为v，则下列说法不正确的是( )A．小球通过C 点的速度大小是B．小球在B、C两点的电势能不等C．小球由A点到C点的过程中电势能一直都在减少D．小球由A点到C点机械能的损失是mg（h ﹣）﹣mv2【考点】功能关系；电势能．【专题】计算题；学科综合题；定量思想；方程法；力学综合性应用专题；电场力与电势的性质专题．。
福建省长泰一中高二上学期期中考试(物理理).doc
长泰一中-第一学期期中考试高二物理（理科）试卷命题人：林金明11月15日考试注意：本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，请将答案写在答题纸上，答在试卷上一律无效。
满分100分，考试时间为1。
第I卷（选择题共42分）一、单项选择题（每题2分，共24分）1、真空中有两个点电荷，它们之间静电力的大小为F．如果将它们的距离增大为原来的2倍，将其中之一的电荷量增大为原来的2倍，它们之间的作用力变多大（）A．F/2 B.F C.2F D.4F2、如图1所示,在一电场中有A、B两点,下列说法正确的是 ( )A.由E＝F/q可知,在A点放入的电荷电量越大,A点的场强越小B.B点场强大于A点场强C.A点场强是确定的,与放入电荷无关D.A点场强大于B点场强,且方向相同3、如图2,当正电荷从A到C移动过程中,正确的是 ( )A．从A经B到C电场力对电荷做功最多B．从A经M到C电场力对电荷做功最多C．从A经N到C电场力对电荷做功最多D．不管从哪条路径使电荷从A到C，电场力做功都相等，且都是正功。
4、某个物体带电量不可能．．．是：（）A.1.6× CB.3.2× CC.4.8× CD.6×10-6 C5、要使平行板电容器的电容增大：（）A、增大电容器的带电量B、增大电容器两级间的电压C、增大电容器两级板的正对面积D、增大电容器两极板的距离6、电荷Ｑ在电场中某两点间移动时，电场力做功Ｗ，由此可算出两点间的电势差为Ｕ，若让电量为２Ｑ的电荷在电场中的这两点间移动则（）A．电场力做功仍为Ｗ B．电场力做功Ｗ／２C．两点间的电势差仍为Ｕ D．两点间的电势差为Ｕ／２7、下列关于电阻率的叙述，错误的是（）A．当温度极低时，超导材料的电阻率会突然减小到零B．常用的导线是用电阻率较小的铝、铜材料做成的C．材料的电阻率取决于导体的电阻、横截面积和长度D．材料的电阻率随温度变化而变化8、一根阻值为R的均匀电阻丝，长为L，横截面积为S，设温度不变，在下列哪些情况下其电阻值仍为R（）A．当L不变，S增大一倍时 B．当S不变，L增大一倍时C．当L和S都缩为原来的1/2时 D．当L和横截面的半径都增大一倍时。
福建省长泰县第一中学2020-2021学年高二上学期期中考试 物理 答案
长泰一中2020-2021学年第一学期高二年期中考试物理试卷参考答案一、选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分。
1-9为单选题；10-13为多选题，全部选对的得4分，漏选的得2分，错选或不选的得0分） 题目 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案DDBAACADDADCDBCAD二、实验题（共16分,每空2分）14．（2）100； （3）欧姆零刻度线； （5）1k ； 22k15．（1）3.205（3.204~3.206均可）、5.015（2）①连图如右②三、计算题（3小题共32分。
解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的，答案中必须明确写出数值和单位）16． （8分）【解】（1）（3分）设S 2断开时R 1消耗的功率为P 1，则2111E P R R r ⎛⎫= ⎪+⎝⎭代入数据可以解得， Ω=2r （非Ω1） （2）（5分）由闭合电路欧姆定律得，E U Ir =+代入数据，得A I 15= (非 26A I =）流过R 1的电流为I 1，流过电动机的电流为I 2，114UI R == A而电流关系: 12I I I += 所以 A I 112= (非 A I 222=）由 2220UI P I R =+出 代入数据得，W P 759=出（非1606W P =出） 17．（10分）【解】（1）因为电荷由A 移到B 的过程中，电势能增加了0.2J ，所以电场力负功， W AB =—△E P = —0.2J (非—0.1J ）（3分） (2)A 、B 两点间的电势差：W q W U AB AB35-104105-0.2-⨯=⨯== (非W 3105⨯） （3分）(3)又因为在匀强电场中U =Ed ，所以有：o AB ABAB E U 60cos =则：mV m V E /100.1/5.008.010453⨯=⨯⨯= (非m V /1055⨯）（4分）18． （14分）【解】S 断开时的等效电路如图甲所示， （图1分） 电容器C 两端电压U 为电阻R 2两端电压U 2，则U 2＝R 2＝6V (非3V )（1分） 电容器C 的电荷量Q ＝CU ＝CU 2＝2.4×10－5C ． (非1.2×10－5C )（2分）且a 板带正电，b 板带负电． （1分）S 闭合时的等效电路如图乙所示， （图1分）电容器C 两端电压U ′为电阻R 1两端电压U 1′.则有R 外＝＝3Ω，（1分）电阻R 1中的电流I 1′＝·＝1.8A ， (非0.9A ) （1分）电阻R 1两端电压U 1′＝I 1′R 1＝3.6V ， (非1.8V ) （1分） 电容器C 的电荷量Q ′＝CU 1′＝1.44×10－5C ． (非7.2×10－6C ) （2分）且a板带负电，b板带正电．（1分）故通过电流表的电荷量ΔQ＝Q＋Q′＝3.84×10－5C. (非1.92×10－5C )（2分）四、附加题：（10分。
漳州市2024-2025学年上学期十校联盟期中质量检测联考高二物理(选考)参考答案
漳州市2024-2025学年上学期十校联盟期中质量检测联考（高二物理选考）参考答案一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。
1．D2．A3．B4．C 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。
5．AD6．BC7．BD8．AC三、非选择题：共60分，其中9 ~ 11题为填空题，12、13题为实验题，14 ~ 16题为计算题。
9． （3分，每空1分）小于 b 点左侧 正10．（2分，每空1分）010011．（6分，每空2分）5.400±0.001 1.11±0.01 0.33或0.3412．（5分）（1）2 （1分） 相反（1分） （2）45.610−⨯（或45.710−⨯）（2分） （3）b （1分） 13．（5分）（1）B （1分）（3） 98.50（2分）（4）（2分） （5）24UD ILπ（2分） 大于（1分）14．（9分）（1）120 W （2）105.6 W 解：（1）灯泡正常发光，故电解槽的电压2L U U U =−电 （2分）电解槽和两只灯泡串联，电流相等，则通过电解槽的电流等于灯泡的电流LLP I U =（1分）故电解槽消耗的电功率为P U I =电电（1分）解得120W P =电（1分）（2）电解槽的发热功率为2P I R =热（2分）电解槽中电能转化为化学能的功率为P P P =−化电热（1分）解得105.6W P =化（1分）15．（11分）（1）25m /s ，方向竖直向上 （2）8 m/s 解：（1）物块在A 点受到重力、电场力、支持力和摩擦力作用（如图）由库仑定律得'F F ==（1分）由F 的对称性和力的合成得N F =（1分）根据牛顿第二定律有N mg F ma μ−=（2分）解得25m /s a =−（1分） 方向竖直向上（1分）（2）AO 平面在等量异种电荷连线的中垂线上，此为等势线，则有0AO W =电（2分）由动能定理得2201122mv mv mgl −= （2分）解得8m/s v =（1分）16．（16分）（1）mgq（2）0 （3）(5L ，0)； 方向与水平方向的夹角α满足1tan 2α=解：（1）设小球的初速度v 0，依题意，小球从P 到A 过程由动能定理10mgL qE L −=① （2分）解得1mg E q=② （1分）（2）小球在竖直方向上做自由落体运动，有0A v v ==③ （1分）小球从A 到B ，根据动能定理有2221122B A mgL qE L mv mv −=− ④ （1分）在B 点，设管对球的压力为F ，根据牛顿第二定律22Bv F qE mg m L+−=⑤ （1分）联立③④⑤解得0F =⑥ （1分）（3）小球从C 飞出后回到x 轴的过程，在竖直方向上做竖直上抛运动，则运动时间2Cv t g=⑦ （1分）小球在ABC 后又回到x 轴过程，有0y C v v v ==⑧ （1分）水平方向做初速度为零的匀加速运动，有212x at =⑨ （1分） qE ma =⑩（1分）联立②⑦⑧⑨⑩解得4x L =⑪ （1分）则小球从C 点飞出后落在x 轴上得坐标'45x L L L =+= 即落在x 轴上的最终位置坐标为（5L ，0） ⑫（1分）小球落到x 轴上的速度大小v =⑬ （1分）联立⑦⑧⑩⑬得v =⑭ （1分）速度方向与x 轴正方向的夹角为α，有1tan 2α=⑮ （1分）漳州市2024-2025学年上学期十校联盟期中质量检测联考（高二物理选考）答案解析一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。
福建省长泰第一中学2021学年上学期高二年级期中考试物理试卷
福建省长泰第一中学2020-2021学年上学期高二年级期中考试物理试卷（考试时间：90分钟 总分：100分）第Ⅰ卷（选择题 共52分）一、选择题（本题共13小题，每小题4分，共52分。
1-9为单选题；10-13为多选题，全部选对的得4分，漏选的得2分，错选或不选的得0分） 1． 关于点电荷的说法,正确的是 A ． 点电荷一定是电荷量很小的电荷 B ．体积很大的带电体一定不能看作点电荷 C ． 只有体积很小的带电体,才能看作点电荷D ． 两个带电的金属小球,不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理2．如图为某一电场的电场线，M 、N 、，ad=bc=20cm ，电场线与矩形 所 在平面平行，已知a点电势为6V ，b 点电势为13V ，c 点电势为﹣1V ，则（ ）A ．场强大小为：E =70 V/mB ．d 点电势为：﹣8 VC ．c 点电势可能比d 点低D ．场强方向由b 指向c4． 如图，平行板电容器的电容为C ，带电荷量为Q ，板间距离为d ，今在两板的中点2d处放一点电荷q ，则它所受静电力的大小为（ ）A ．QqCdB ． 28Qq dC ． 2Qq CdD ． 24Qq d5． 如图，有三个电阻，已知R 1：R 2：R 3=1：3：6，则 电路工作时，电压U 1：U 2为（ ）A ． 1：2B ．1：3C ． 1：6D ． 1：96． 有一内电阻为Ω的电解槽和一盏标有“110V、60W”的灯泡串联后接在电压为220V 的直流电路两端，灯泡正常发光，则（ ）A ．电解槽消耗的电功率为120WB ．电解槽的发热功率为60WC．电解槽消耗的电功率为60W D．电路消耗的总功率为60W7．一个电容器的规格是“10μF,50V”，则A．这个电容器的电容总等于10 μFB．这个电容器上所加的电压不能低于50 VC．这个电容器加上50 V电压时，电容才是10 μFD．这个电容器的最大电容为10 μF，带电荷量较少时，电容量小于10 μF8．如图，直线A为电源的U﹣I图线，直线B为电阻R的U﹣I 图线，用该电源和电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是（）A．4W 8W B．2W 4WC．2W 3W D．4W 6W9．如图电路，将两个相同的电流计分别改装成电流表A1（0--3 A）和电流表A2（ A），把这两个电流表并联接入电路中测量电流则下列说法中正确（）A． A1表的内阻等于A2表的内阻B． A1的指针还没有满偏时，A2的指针已经满偏C． A1的读数为1 A时，A2的读数为 AD． A1的读数为1 A时，干路中的电流为 A10．如图，在点电荷Q形成的电场中，a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另外同一等势面上，甲、乙两带电粒子只在电场力作用下的运动轨迹分别为acb和adb曲线．若两粒子通过a点时具有相同的动能，则（）A．甲、乙两粒子带异号电荷B．两粒子经过b点时的动能不同C．甲粒子经过c点时与乙粒子经过d点时的动能相同D．若取无穷远处为零电势，则甲粒子在c点的电势能小于乙粒子在d点时的电势能11．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，m．然后他又用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测该金属丝的长度，测得的结果如图2所示，则该工件的长度L= cm。
福建省2020-2021学年高二上学期期中考试物理试题.docx
2020-2021年福州高级中学高二期中考试试卷物理试卷—、选择题（本题共10小题，共48分。
1—6题只有一项符合题目要求，每题4分；7-10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1,以下说法正确的是（）A.电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B.由公式甲=里可知电场中某点的电势0与电荷在该点的电势能有关qC.常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的2倍，则电阻变为原来的4倍D.由Uab=Ed可知，匀强电场中任意两点a、b间距离越大，两点间的电势差也越大2,某农村小塑料加工厂的高频热合机（焊缝用）产生的电磁波频率和电视信号频率接近，由于该村尚未通有线电视信号，空中的信号常常受到干扰，在电视荧屏上出现网状条纹，影响正常收看.为了使电视机不受干扰，可采取的办法是（）A.将电视机用一金属笼子罩起来B.将电视机用一金属笼子罩起来，并将金属笼接地C.将高频热合机用一金属笼子罩起来D.将高频热合机用一金属笼子罩起来，并将金属笼接地3,如图所示，虚线A、B、C为某电场中的三条电场线，实线为一带正电粒子仅在电场力作用下运动的轨迹，P、Q为轨迹与电场线A、C的交点，则下列说法正确的是（）、、、A.P点电势比Q点电势高_ - '、、_ \B.粒子在P点的加速度大于在Q点的加速度石［〜丁犬C.粒子在P点的动能大于Q点动能\ ； /D.粒子在P点电势能小于粒子在Q点电势能ABC4.如图所示,电路中A、B为两块竖直放置的金属板,C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（）A.使A、B两板靠近一些B.使A、B两板正对面积减小一些C.断开S后，使B板向右平移一些D.断开S后，使A、B正对面积增大一些5.如图所示，A、B为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的P点放一个负点电荷q（不计重力），由静止释放后，下列说法中正确的是（）A.点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零B.点电荷运动到O点时加速度为零，速度达到最大值C.点电荷在从P点到O点运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大D.点电荷在从P点到O点运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大6. 装修房屋时检测甲醛污染指数非常重要，某兴趣小组设计了甲醛监测设备，原理如图甲所示.电源电压恒为3V, Ro 为10Q的定值电阻，R 为可以感知甲醛污染指数的可变电阻，污染指数在50以下为轻度污染，50〜100间为中度污染，100以上 为重度污染，以下分析正确的是（）A. 电压表示数为IV 时，属于重度污染B. 污染指数越小，电压表示数越大C. 污染指数越大，电路中消耗的总功率越小D. 污染指数为50时，电压表示数为2.5V7. 空间有一沿x 轴对称分布的电场，其x 轴上电场强度E 随x 变化的图像如图所示，取x 轴正向为电场正方向，下列说法正确的是（）A. 0点的电势最低，X2点的电势最高B. xi 和-xi 两点的电势相等C. 电子在XI 的电势能小于在X2的电势能D. 电子由XI 石运动到X3电场力先做正功后做负功8. 随着技术的进步，不少国产手机也已极具竞争力，如图所示，为一款手机电池的背面印有的一些符号，下列说法正确的是（）A. 该电池的额定功率为500 mA-hB. 该电池在正常工作时的额定电压为3.6VC. 若电池以0.9W 的功率工作，可用4小时D. 若电池以10mA 的电流工作，可用50小时9, 如图所示，在匀强电场中有a 、b 、c 、d 四点，它们处于同一圆周上，且ac 、bd 分别是圆的直径，ab 间相距8cm, ad 间相 距3cm,己知a 、b 、c 三点的电势分别为<pa=9V, <pb=15V, <p c =18V,则以下说法正确的是（）A. d 点电势为12VB. 匀强电场电场强度为125V/mC. 匀强电场电场强度为150V/mD. 电子从c 运动到b 电势能减小了 3eV10. 在地面附近，存在着一有界电场，边界MN 将空间分成上下两个区域I 、II,在区域II 中有竖直向上的匀强电场，在区域I 中离边界某一高度由静止释放一质量为m 的带电小球A 如图甲所示，小球运动的v-t 图象如图乙所示，不计空气阻力,则（）A. 小球受到的重力与电场力之比为3： 5B. 在t=5s 时，小球经过边界MNC. 在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电场力做功D. 在Is 〜4s 过程中，小球的机械能先减小后增大3.6V500mA ・hit 肉子电洎 SNN5648A C2NALWJMAICIIIIIIIIIIIIIIIIIIIII20130708JCC1028实验题（共20分）11. 图甲中游标卡尺读数为..mm,图乙中螺旋测微器读数为.0 10 12. 某同学测绘额定电压为2.5V,电阻约为4Q 的小灯泡的I-U 特性曲线，要求测量数据范围广.除了小灯泡，开关S 、导线 夕卜，还有下列器材供选用： A.电流表（量程0〜0.6A,内阻约IQ ） B.电流表（量程0〜3A,内阻约0.05。
解析福建省长泰县第一中学2020┄2021学年高一上学期期中考试物理试题 Word版
物理试题一、选择题（１~9为单选题，每题4分,共3６分,10～13题为多选题，每题４分,漏选得2分，错选不得分,共16分）１. 在下列各物体中，可以视为质点的物体有( ）A. 参加百米赛跑的运动员B. 研究运动的汽车轮胎的运动情况C. 军训会操中精彩表演的同学D. 研究列车通过一平直的2０0m隧道时【答案】A【解析】参加百米跑的运动员，大小和形状可以忽略,可以看成质点．故A正确．研究汽车轮胎的运动情况，各点的运动情况不同，不能看成质点．故B错误．军训会操中精彩表演的同学的大小和形状不能忽略,不能看成质点．故Ｃ错误.研究列车通过隧道，列车的长度不能忽略，不能看成质点．故D错误．故选A.点睛:解决本题的关键掌握物体能否看成质点的条件,关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略．２. 11月底将在长泰一中新校区美丽的田径场上举行新校区第一届运动会，高一某运动员在10０ｍ训练中，测得他6s末的速度为8ｍ／s，13.5s末到达终点的速度为10.8m/s，则该运动员跑１00ｍ的平均速度约为（)A. 7.41 ｍ/sB. 8m/s Ｃ. 9.4１m/s D. 10．８m/s【答案】A【解析】运动员所经过的位移为1００m，所用时间为13．５s;故平均速度;故选A．点睛：本题干扰项较多，要求我们要准确把握物理规律，知道平均速度即为位移与时间的比值,不要被干扰项所迷惑!3．如图所示为甲、乙两物体相对于同一参考系的s-t图象，下列说法不．正确的是( ）．．A．甲、乙两物体的出发点相距s０B. 甲、乙两物体都做匀速直线运动C. 甲物体比乙物体早出发的时间为ｔ0D. 甲、乙两物体向同一方向运动【答案】Ｄ【解析】由图象可知,甲乙两物体的出发点相距s o．故A正确.甲的位移随时间均匀减小，做匀速直线运动，乙的位移随时间均匀增大,做匀速直线运动．故B正确．由图象可知,甲物体比乙物体早出发t0时间．故Ｃ正确.图线斜率的正负表示速度的方向,由图可以看出甲的速度沿负方向,乙的速度沿正方向,故甲乙两物体运动方向相反．故D不正确.本题选不正确的,故选D．４. 关于物体重心的说法中正确的是( ）A. 重力的作用点叫物体的重心,它一定在物体上B. 任何球形物体的重心一定在其球心上C. 物体只在重心处受力,其它部分不受力D. 物体悬挂静止不动，则物体的重心必与悬点在同一竖直线上【答案】Ｄ【解析】重力的作用点叫物体的重心,它不一定在物体上,也可以在物体之外，比如均匀的圆环,其重心在环外，故A错误；只有均匀球形物体的重心一定在其球心上，质量分布不均匀时，球形物体的重心不一定在其球心上,故B错误；物体各部分都要受到重力,我们所说的重力是物体各部分重力的合力,故C错误;物体悬挂静止不动,重力与悬线的拉力平衡，方向在同一直线上，则物体的重心必与悬点在同一竖直线上，故D 正确。
2024届福建省长泰县第一中学物理高二上期中复习检测试题含解析
2024届福建省长泰县第一中学物理高二上期中复习检测试题考生须知： 1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。
选择题必须用2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一质点作直线运动，前半程内的平均速度是v 1，后半程内的平均速度是v 2，此质点在全程范围内的平均速度是（ ）A ．122v v +B ．1212v v v v +C ．12122()v v v v +D ．12122v v v v +2、如图所示为磁流体发电机的示意图，一束等离子体（含正、负离子）沿图示方向垂直射入一对磁极产生的匀强磁场中，A 、B 是一对平行于磁场放置的金属板，板间连入电阻R ，则电路稳定后A ．R 中有向下的电流B ．离子在磁场中不发生偏转C ．A 、B 板聚集电荷量基本不变D ．离子在磁场中偏转时洛伦兹力可能做功3、每时每刻都有大量带电的宇宙射线向地球射来，地球磁场可以有效地改变这些射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一个带负电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，在地磁场的作用下，它将A ．向东偏转B ．向南偏转C ．向西偏转D ．向北偏转4、某电解池内若在2S 内各有1.0×1019个二价正离子和2×1019个一价负离子同时向相反方向能过某截面，那么通过这个截面的电流是( ) A ．0AB ．0.8AC ．1.6AD ．3.2A5、如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是( )A．粒子带正电B．粒子在A点加速度大C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，粒子在B点电势能较高6、如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将作（）A．自由落体运动B．曲线运动C．沿着悬线的延长线作匀加速运动D．变加速直线运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2020—2021学年度第一学期期中联合考试高二物理参考答案
2020—2021学年度第一学期期中联合考试高二物理参考答案1.D2.C3.A4.C5.D6.B7.B8.AD9.BD 10.BC 11.（8分）（1）3.775 (3.773～3.777均可) （2分）（2）1500 或1500.0（2分） ×1 k （2分） 欧姆调零或电阻调零（2分） 12. （8分）(1)作出的U －I 图线如图所示（2分）(2) 2.97(2.95～2.99均可) （2分） 0.72(0.67～0.76均可) （2分） (3) 小于 （1分） 小于（1分）13. （10分）（1）A 2 (1分)； R 1 (1分) （2）连线如右上图 (2分) （3）0.44 (2分) (4) 刚开始通过小灯珠的电流很小时，根据焦耳定律Q=I 2Rt 可知，灯丝发出的热量还不能使它的温度上升得足够高，因此它不发光。
(2分) (5) 0.44 (0.42～0.46均可) (2分)14. （13分）解：(1)电子经电压U 1加速，由动能定理得：eU 1＝12mv 200- （2分）解得：meU v 102=（1分） (2) 电子以速度v 0进入偏转电场后，设偏转电场的电场强度为E ，电子在偏转电场中运动的时间为t 1，电子的加速度为a ，由牛顿第二定律和运动学公式得： F ＝eE （1分） E ＝U 2d （1分） F ＝ma （1分） a ＝eU 2md （1分）t 1＝L 1v 0（1分）y 1＝12at 21 （1分）联立解得：y 1＝U 2L 214U 1d （1分）(3)电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为：t 2＝L 2v 0（1分）电子离开偏转电场后打到荧光屏上的侧移量为：y 2＝v y t 2＝at 1t 2＝U 2L 1L 22dU 1（1分）P 到O 点的距离：Y ＝y 1＋y 2＝（2L 2＋L 1）U 2L 14U 1d （1分）或利用电子离开偏转电场时速度方向反向延长交于MN 两板中线中点的推论。
福建省漳州市物理高二上学期期中试卷及答案指导(2024年)
2024年福建省漳州市物理高二上学期期中复习试卷(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、下列关于物理量的说法中，正确的是：A、速度是位移与时间的比值，所以速度的单位是位移的单位除以时间的单位。
B、加速度是速度变化量与时间的比值，加速度的方向与速度变化量的方向相同。
C、功率是功与时间的比值，功率的单位是焦耳除以秒。
D、压强是力与面积的比值，压强的单位是牛顿除以平方米。
2、一个物体从静止开始沿水平面加速运动，下列说法正确的是：A、物体的速度与时间的平方成正比。
B、物体的加速度与时间的平方成正比。
C、物体的位移与时间的平方成正比。
D、物体的速度与时间的平方根成正比。
3、一辆汽车以恒定加速度从静止开始加速，在2秒内速度增加到了10 m/s。
求这辆汽车的加速度是多少？A) 2 m/s²B) 5 m/s²C)10 m/s²D)20 m/s²4、如果一个物体在没有空气阻力的情况下自由下落，那么它下落的距离(s)（米）与时间(t)（秒）的关系可以用下面哪个公式表示？A)(s=gt2) B)(s=12gt2) C)(s=gt) D)(s=12gt)5、在下列关于光的传播特性的描述中，正确的是：A、光在同种均匀介质中沿直线传播B、光在真空中的传播速度比在水中快C、光在透明介质中的传播速度总是大于在非透明介质中的速度D、光在不同介质界面处传播速度不变6、下列关于力的概念和作用效果的描述中，错误的是：A、力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的B、力可以改变物体的形状，这种作用称为力的形变效应C、力可以改变物体的运动状态，这种作用称为力的运动效应D、一个物体受到的力越大，其加速度就一定越大7、一质量为m的物体沿半径为R的光滑圆形轨道从最高点无初速下滑至最低点，在最低点时，物体对轨道的压力大小为：A. mgB. 2mgC. 3mgD. 4mg二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、下列关于物理量的说法正确的是（）A、速度是矢量，有大小和方向，相等时间内通过的路程相同；B、加速度是矢量，表示速度变化的快慢，大小等于速度的变化量除以时间；C、位移是矢量，表示物体位置的变化，大小等于首末位置的距离；D、质量是标量，表示物体所含物质的多少，与物体的形状、状态、位置无关。
2020-2021学年高二上学期期中考试物理试题(含答案)
一、二选择题（每小题 5 分，共 40 分） 1．B；2．D；3．C；4．A；5．D；6．BC；7．AD；8．AC。
9．（12 分）（1）① 8．475 ②
------------------ 每空 2 分
（2）①实验原理图 -------------- 每个实验电路图 2 分
P 电＝1．5×104 W ----------------------- 2 分
（2）在匀速行驶时
F=f ----------------------------------------- 2 分
PF＝Fv ------------------------------------ 2 分
PF＝1．25×104 W
--------------- 2 分 --------------- 2 分 --------------- 2 分 --------------- 2 分
----------- 2 分 ----------- 2 分
----------- 2 分
Ⅰኾ
Ⅰኾ
分析可得 R1 = RAB +r 时，R1 的电功率 PR1 最大
②实物连接图 ---------------- 2 分
10（14 分）解：
（1）小灯泡正常发光的电流为 I
PL=ULI --------------- 3 分
I=0．5 A --------------- 2 分
（2）R 的电压为 UR
UR＝U－UL
----------------------- 3 分
------ 2 分
R1 = 3 Ω
----------- 2 分
福建省长泰一中2020┄2021学年上学期期中考高三试卷物理
word 版 高中物理长泰一中2０21-2０２2年上学期期中考试高三年理科物理试卷一,选择题（１到8题为单选题，9到１2题为多选题，每题４分)１．某航母跑道长２００ m 。
飞机在航母上滑行的最大加速度为6 m/s 2,起飞需要的最低速度为50 m/s 。
那么，飞机在滑行前,需要借助弹射系统获得的最小初速度为( ) A.5 m/s B.１０ m/s C ．１５ m/ｓD.20 m/s2.如图所示,小球用细绳系住,绳的另一端固定于O 点。
现用水平力F 缓慢推动斜面体,小球在斜面上无摩擦地滑动,细绳始终处于直线状态,当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平,此过程中斜面对小球的支持力F Ｎ以及绳对小球的拉力F T 的变化情况是（ ) Ａ.ＦN 保持不变，F T 不断增大 B.F N 不断增大,ＦＴ不断减小 Ｃ.F Ｎ保持不变，F T 先增大后减小 Ｄ.F N 不断增大，F Ｔ先减小后增大3．一物块静止在粗糙的水平桌面上。
从某时刻开始,物块受到一方向不变的水平拉力作用。
假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
以ａ表示物块的加速度大小,F 表示水平拉力的大小。
能正确描述F 与a 之间关系的图像是( ）4.如图所示,用完全相同的轻弹簧A 、Ｂ、C 将两个相同的小球连接并悬挂，小球处于静止状态,弹簧A 与竖直方向的夹角为30°,弹簧C 水平,则弹簧A 、C 的伸长量之比为（ )学校 班级 姓名 考号 得分请 勿 在 密 封 线 内 答 题Ａ．∶４ﻩB．4∶C．1∶2 Ｄ.2∶15.如图所示,“旋转秋千”中的两个座椅Ａ、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上。
不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，下列说法正确的是( )A.A的速度比Ｂ的大B.A与B的向心加速度大小相等C.悬挂Ａ、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D.悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小6.火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行，根据开普勒行星运动定律可知（)A.太阳位于木星运行轨道的中心B.火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等C.火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方Ｄ.相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积7.小行星绕恒星运动,恒星均匀地向四周辐射能量，质量缓慢减小，可认为小行星在绕恒星运动一周的过程中近似做圆周运动。
2020-2021学年福建省高二上学期期中考试理科物理试卷(解析版).doc
2020-2021学年福建省高二上学期期中考试理科物理试卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：动能定理,匀变速直线运动基本公式应用,对单物体(质点)的应用）在竖直平面内建立xoy直角坐标系，oy表示竖直向上方向．如图所示．已知该平面内存在沿x轴正向的区域足够大的匀强电场．一带电小球从坐标原点o沿ox 方向以4J的初动能竖直向上抛出．不计空气阻力，它到达的最高位置如图中M点所示，求：(1)小球在M点时的动能EkM．(2)设小球落回跟抛出点在同一水平面时的位置为N，求小球到达N点时的动能EkN．【答案】（1）2.25J．（2）13J．【解析】试题分析：（1）在竖直方向小球只受重力，从O→M速度由v0减小到0；在水平方向小球只受电场力F，速度由0增大到v1；由图知这两个分运动相等时间内的位移之比为：y1：x1=4：3所以平均速度大小之比为4：3，因此v0：v1=4：3，所以解得：小球在M点时的动能EKM=2.25J．（2）由竖直分运动知，O→M和M→N经历的时间相同，因此水平位移大小之比为x1：x2=1：3，故N点的横坐标为12．小球到达N点时的竖直分速度为v0，水平分速度为2v1，所以N点水平方向的动能为：EkNx=m(2v1)2＝4EKM＝9J由此可得此时动能EkN=4+9J=13J．考点：牛顿第二定律；动能定理.图中所示是一个平行板电容器，其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如图所示．A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°．则电场力对试探电荷q所做的功等于多少？评卷人得分【答案】【解析】试题分析：电场强度,电容器电场力F=Eq,电场力做功：W=Fs×sin30°整理得：考点：电容器；电场强度；功.有一个灵敏的电流表它指针满偏时通过的电流Ig=100μA，该表自身的电阻，欲把这块表接到3V的电路中，又不便该表因为电压过大而烧毁，应将该表串联一个阻值是多大的电阻？【答案】29998欧姆【解析】试题分析：把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值为：；考点：电表的改装.如图所示，在不带电的半径为R的导体球附近一点A处，从无限远处移来一点电荷，点电荷的电荷量为q，若A点到球面的距离为L，当达到静电平衡时，导体球上的感应电荷在球心O处产生的场强的大小等于多少？其方向如何？【答案】；方向在AO连线上，由O点指向+q【解析】试题分析：点电荷q在球心处产生的场强，方向由A指向O，则球面上感应电荷在球心O 处的场强大小，方向由O指向A．考点：静电感应.质量为m，带电荷量为-q的微粒（重力不计），在匀强电场中的A点时速度为v，方向与电场线垂直，在B 点时速度大小为2V，如图所示，已知A、B两点间的距离为d．求：（1）A、B两点的电压；（2）电场强度的大小和方向．【答案】（1）（2），方向水平向左.【解析】试题分析：（1）根据动能定理可得：，得.（2）由于带电微粒在电场中做类平抛运动，建立如图所示的坐标系：y=vt；X2+y2=d2 ；v2+a2t2=4v2解得：，方向水平向左.考点：动能定理；类平抛运动一个电阻元件两端电压是1.5V时，通过它的电流是4.5mA，如果在元件允许的范围内，这个电阻元件两端加的电压为24V时，20秒内有多少电子通过这个电阻器？【答案】个【解析】试题分析：由欧姆定律可知：；电压为24V时，电流；则20s内流过的电量q=It=7.2×10-3×20=0.144C；则通过的电子数个考点：欧姆定律；电流强度.在做《测定金属的电阻率》的实验中，若待测电阻丝的电阻约为5 Ω，要求测量结果尽量准确，备有以下器材：A.电池组(3 V、内阻l Ω)B.电流表(0～3 A，内阻0.0125 Ω)C.电流表(0～0.6 A，内阻0.125 Ω)D.电压表(0～3 V，内阻4 kΩ)E.电压表(0-15 V，内阻15 kΩ)F.滑动变阻器(0-20 Ω，允许最大电流l A)G.滑动变阻器(0～2000 Ω，允许最大电流0.3 A)H.l(1)C、D、F (2)外；小；随着电阻丝中的电流增大，温度升高，电阻率增大，电阻增大【解析】试题分析：（1）由于电源电压为3V，所以电压表选择D，电路中的电流大约，所以电流表选择C，滑动变阻器用小阻值的F便于操作．（2）待测电阻的阻值远小于电压表的内阻，属于小电阻，所以电流表采取外接法，根据，由于电压表的分流，使得测量值比真实值偏小．图中MN段向上弯曲的主要原因是随着电阻丝中的电流增大，温度升高，电阻率增大，电阻增大考点：伏安法测电阻.在竖直向下、电场强度为E的匀强电场中，一个质量为m的带点液滴，沿着水平方向直线运动，则该液滴带_____电，电荷量大小为_______。
2020-2021学年福建长泰县第一中学高一上期期中考试物理卷(解析版).doc
2020-2021学年福建长泰县第一中学高一上期期中考试物理卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：平行四边形定则,力的合成,力的分解）（8分）如图，一位重600 N的演员，悬挂在绳上．若AO绳与水平方向的夹角为37°，BO绳水平，则AO、BO两绳受到的力各为多大？（已知，）【答案】1000N800N【解析】试题分析：把人的拉力F沿AO方向和BO方向分解成两个分力．如图所示，则AO绳上受到的拉力（3分）BO绳上受到的拉力（3分）考点：本题考查共点力作用下物体的平衡。
（10分）一个小铁球从高空初速度是2ｍ/ｓ竖直向下抛，以g=10m/s2做匀加速直线下落，求：1）小铁球从开始运动到第5ｓ初的速度；评卷人得分2）小铁球从开始运动到第4ｓ内的位移．（说明:在此运动时间内小球均未落地）【答案】42m/s37m【解析】试题分析：1）根据速度与时间的关系（2分）可知，（1分）2）根据位移与时间的关系（2分）可知，（1分）根据位移与时间的关系（2分）可知，（1分）（1分）或（2分）（2分）（3分）考点：本题考查匀变速直线运动规律。
（13分）火车从车站出发做匀加速直线运动，加速度为，此时恰好有一辆自行车（可视为质点）从火车头旁边驶过，自行车速度，火车长1）火车追上自行车以前落后于自行车的最大距离是多少？2）火车用多少时间可追上自行车？3）再过多长时间可超过自行车？【答案】64m32s24s【解析】试题分析：（1）当火车速度等于时，二车相距最远（2分）得（1分）最大距离（2分）（2）设火车追上自行车用时间追上时位移相等，则（2分）得（1分）（3）追上时火车的速度（1分）设再过时间超过自行车，则（2分）代入数据解得（2分）考点：本题考查追及相遇问题。
在研究匀变速直线运动规律的实验中，如图所示为一次记录小车运动情况的纸带。
福建省长泰一中高二物理上学期期中试题 文
高二物理（文科）(考试时间：90分钟；满分：100分)第1卷 (选择题60分)一、选择题(本大题有20小题，每小题3分，共60分。
每小题只有一个正确答案)1．坐在火车上的乘客看到车外的房屋和树木以一定的速度在向后退，他选择的参考系是（ ）A ．他乘坐的火车B ．迎面驶来的火车C ．路旁的房屋D ．路旁的树木2．下列各组单位中，属于国际单位制基本单位的是( )A ．m 、N 、m ／sB ．W 、m ／s 2、s C ．kg 、J 、N D ．m 、kg 、s 3．在下列各物体中，可视作质点的物体有（ ）A ．研究乒乓球运动员拉出的弧圈球B ．研究从福州开往上海的一列火车的运行速度C ．研究表演旋转动作的芭蕾舞演员D ．跳水运动员在空中的翻转运动4．在平直的公路上，汽车启动后在第10 s 末，速度表的指针指在如图4所示的位置，前10 s 内汽车运动的距离为150 m ．下列说法中正确的是（ ）A ．前10 s 内汽车的平均速度是70 m/sB ．前10 s 内汽车的平均速度是35 m/sC ．第10 s 末汽车的瞬时速度是70 km/hD ．第10 s 末汽车的瞬时速度是70 m/s5. 建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是：（ ）A. 法拉第B. 奥斯特 C .赫兹 D. 麦克斯韦 6．以下关于重力的说法中错误．．的是（ ） A ．重力的施力物体是地球B ．在同一位置，质量大的物体受到的重力大C ．重力的方向总是竖直向下的D ．重力的作用点叫重心，物体的重心都在物体上 7．下列关于惯性的说法中，正确的是 （ ）A ．只有静止的物体才具有惯性B ．只有做匀速直线运动的物体才具有惯性C ．质量较大的物体惯性较大 D. 同一物体在地球上和月球上惯性不同 8．如图8所示,人拉着旅行箱前进，拉力F 与水平方向成α角,若将拉 力F 沿水平和竖直方向分解,则它的水平分力为（ ） A ．Fsin α B ．Fcos αC ．Ftan αD ．Fcot α9.空调机、电冰箱和消毒柜都使用了（ ）A ．温度传感器B ．红外线传感器C ．生物传感器D ．压力传感器10．在水平桌面上放置一台电脑，下列说法正确的是( ) A ．电脑所受重力与电脑对桌面的压力是一对平衡力80 100 120140160 020 40 20060 180km/h图4图8B．电脑对桌面的压力与桌面对电脑的支持力是一对平衡力C．电脑所受重力与桌面对电脑的支持力是一对作用力与反作用力D．电脑对桌面的压力与桌面对电脑的支持力是一对作用力与反作用力11．如图11所示,静止在水平桌面上的木块,在水平方向受到推力F1、F2和摩擦力f的作用。
2024届福建华安一中、长泰一中等四校物理高二第一学期期中经典模拟试题含解析
2024届福建华安一中、长泰一中等四校物理高二第一学期期中经典模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。
用2B 铅笔将试卷类型（B ）填涂在答题卡相应位置上。
将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答案不能答在试题卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一个电流计的满偏电流为Ig ，内电阻为Rg ，要把它改装成量程为nIg 的电流表，应在电流计上( )A ．串联一个(n-1)Rg 的电阻B ．串联一个1g R n -的电阻C ．并联一个（n-1）Rg 的电阻D ．并联一个1g R n -的电阻2、压力传感器可以用在：（ ） A ．空调温度控制器 B ．燃气泄漏报警器 C ．电梯超载报警器D ．酒精浓度测试仪3、如图为两组同心闭合线圈的俯视图，若内线圈通有图示的I 1方向的电流，则当I 1增大时外线圈中的感应电流I 2的方向及I 2受到的安培力F 的方向分别是( )A ．I 2顺时针方向，F 沿半径指向圆心B ．I 2顺时针方向，F 沿半径背离圆心向外C ．I 2逆时针方向，F 沿半径指向圆心D ．I 2逆时针方向，F 沿半径背离圆心向外4、关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是 A ．奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象B．库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值C．牛顿发现万有引力定律，并通过实验测出了引力常量D．法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机5、我国发射的“嫦娥一号”卫星经过多次加速、变轨后，最终成功进入环月工作轨道．如图所示，卫星既可以在离月球比较近的圆轨道a上运动，也可以在离月球比较远的圆轨道b上运动．下列说法正确的是A．卫星在a上运行的线速度小于在b上运行的线速度B．卫星在a上运行的周期大于在b上运行的周期C．卫星在a上运行的角速度小于在b上运行的角速度D．卫星在a上运行时受到的万有引力大于在b上运行时的万有引力6、在如图所示的电路中，电源电压U恒定不变，当S闭合时电阻R1消耗的电功率为P1，当S断开时R1消耗的电功率为P2，P1：P2＝9：4，则下列判断正确的是A．电阻R1与R2的比值是2：1B．电阻R1与R2的比值是1：2C．电阻R1与R2的比值是3：2D．电阻R1与R2的比值是2：3二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
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2020┄２021学年福建省漳州市长泰一中高二（上)期中物理试卷一、选择题（本大题有16小题,每题3分,共４8分；第1~12题只有一项符合题目要求；第13～16题有多项符合题目要求,全部选对的得3分,选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下列公式适用于任何电场的是( )A．W=qEdﻩB.U＝EdﻩＣ.E= D.E=k2.在电场中的某点Ａ放一个检验电荷,其电荷量为q,受到的电场力为F，则A点的电场强度为E=，下列说法正确的是( )A．若移去检验电荷，则A点的电场强度为0Ｂ.若检验电荷的电荷量变为4q，则Ａ点的场强变为4EC．若放置到A点的检验电荷变为﹣2q,则场中A点的场强大小方向均不变D．若放置到A点的检验电荷变为﹣２q，则场中Ａ点的场强大小不变,但方向相反3.以下说法正确的是( )A．导体中的电流是正电荷的定向移动形成的B．电荷定向移动的速率等于电流的传导速率Ｃ.导体中横截面积越大的地方运动电荷的平均速率越大Ｄ．单位时间内通过导体横截面的电荷量越大,电流越大4.如图四个电场中，均有相互对称分布的a、ｂ两点.其中电势和场强都相同的是( )Ａ．ﻩB.ﻩC.D．５．如图所示，棒AＢ上均匀分布着负电荷,它的中点正上方有一P点，则Ｐ点的场强方向为( ）A.垂直于AB向上ﻩB．垂直于AB向下C．平行于AB向左ﻩD．平行于ＡB向右６．将两根长为L,横截面积为Ｓ,电阻率为ρ的保险丝串起来作为一根使用，则它的电阻和电阻率分别为( )A．、ρﻩB．、ρ C.、ρD．、ρ７.如图所示为滑动变阻器示意图，下列说法中正确的是（）①ａ和b串联接入电路中，P向右移动时电阻增大②b和d串联接入电路中,P向右移动时电阻减小③b和ｃ串联接入电路中，Ｐ向右移动时电阻增大④a和c串联接入电路中，Ｐ向右移动时电阻增大.A．①②ﻩB．②③ﻩC．①③Ｄ.②④８.两个分别带有电荷量﹣Ｑ和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷)，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为Ｆ．两小球相互接触后将其固定距离变为,则两球间库仑力的大小为( )A.Ｂ．C．D．1２F9．如图所示,甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流计G和一个滑动变阻器R组成，（1)甲表是电流表,R增大时量程增大(2)甲表是电流表,R增大时量程减小（3）乙表是电压表,R增大时量程增大（4）乙表是电压表，R增大时量程减小下列说法正确的是( )Ａ．(1)和（3) Ｂ.(1)和(4）C．(2）和（3)ﻩD.（2）和（４)10.如图所示,在沿x轴正方向的匀强电场E中,有一动点A以Ｏ为圆心、以ｒ为半径逆时针转动,θ为OＡ与x轴正方向间的夹角，则Ｏ、A两点间电势差为( )A.ＵOＡ=Er B．U OA＝ErsｉnθC．UＯA=EｒcｏsθﻩＤ．U OＡ=１１.一带电粒子在(重力不计）如图所示的电场中,在电场力作用下,沿虚线所示轨迹从A点运动到B点，下列说法中正确的是（)A．粒子带正电 B.粒子的加速度在减少C.粒子的动能在增大ﻩD．粒子的电势能在增大12.在光滑绝缘的水平面上有一个不导电的弹簧，弹簧的两端分别与金属小球A、B相连,若A、Ｂ带上等量同种电荷,弹簧伸长x1,若让Ａ、B所带电量都增为原来的2倍，弹簧的伸长量为ｘ2，则x1与x2的关系是（）A．ｘ２=x1ﻩＢ.x2=4x1ﻩＣ.ｘ2＞4x1ﻩD.x2＜4ｘ１１3．在如图甲所示的电路中，Ｌ１、L２、Ｌ3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关Ｓ闭合后,电路中的总电流为0．25A，则此时( )A.L2的电阻为12ΩB.L１消耗的电功率为0.7５ＷC.L１、L2消耗的电功率的比值大于４D.L1两端的电压为L2两端电压的2倍１４．平行板电容器的两极板Ａ、B接于电池两极,一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键Ｓ，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ,如图所示.则下列分析正确的是（)Ａ．保持电键S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ增大Ｂ．保持电键Ｓ闭合,带正电的A板向Ｂ板靠近,则θ不变C．电键S断开，带正电的A板向Ｂ板靠近,则θ增大Ｄ.电键S断开，带正电的A板向Ｂ板靠近，则θ不变１5．空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示,x轴上两点B、C点电场强度在x方向上的分量分别是ＥBｘ、E Cx，下列说法中正确的有( )A.E Bｘ的方向沿x轴正方向B.EＢx的大小大于ＥCx的大小C.电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量最大D．负电荷沿x轴从B移到Ｃ的过程中,电场力先做正功,后做负功16．如图所示,在O点处放置一个正电荷.在过O点的竖直平面内的Ａ点,自由释放一个带正电的小球,小球的质量为m、电荷量为q.小球落下的轨迹如图中虚线所示，它与以O为圆心、R为半径的圆(图中实线表示）相交于B、C两点，O、C在同一水平线上，∠BOC=３0°，Ａ距离OＣ的竖直高度为h.若小球通过B点的速度为v,则下列说法不正确的是( )A．小球通过C点的速度大小是Ｂ．小球在Ｂ、C两点的电势能不等C.小球由A点到Ｃ点的过程中电势能一直都在减少Ｄ.小球由Ａ点到C点机械能的损失是mg（ｈ﹣）﹣mv2二、实验题（共１８分.请把正确的答案填在题中的横线上或按题中要求作答)1７．（1８分)某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率,部分步骤如下：（１)分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数分别如图甲、乙所示,长度为＿______＿_＿cm,直径为_＿____＿＿__mｍ.(2）为精确的测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下:待测圆柱体电阻R x（约320Ω)；电流表A1（量程０~15ｍA，内阻约30Ω）；电流表A2(量程0～3ｍA,内阻约5０Ω);电压表Ｖ1(量程０～３V，内阻约10KΩ);电压表V２(量程0～15V，内阻约２5ＫΩ)；直流电源E（电动势4V,内阻不计);滑动变阻器R1(阻值范围0～１５Ω）;滑动变阻器R2（阻值范围0～100Ω）；开关S；导线若干.为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，则电流表应选＿___＿_＿__＿,电压表应选__＿_＿_____,滑动变阻器应选＿_________，（均选填器材代号）．（3)正确选择合适的仪器后请在图丙虚线框内画出测量用的正确电路图.(4）根据设计电路图同组同学已经完成部分导线的连接,请你在实物接线图(图丁）中完成余下导线的连接.三、计算题(本大题有４小题,共36分.解题时要求写出必要的文字说明、方程式、演算步骤，只写最后答案而无演算过程的不得分，答案必须明确写出数值和单位）18.如图,真空中xＯｙ平面直角坐标系上的ＡBC三点构成等边三角形,边长L=2.０m,若将电荷量均为q=＋2.0×10﹣6C的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k=9.0×109N•ｍ2/Ｃ2,求：（1）两点电荷间的库仑力大小;(2)C点的电场强度的大小和方向.19.如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置,一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U０加速后通过Ｂ点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间,若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出,Ａ、B分别为两块竖直板的中点，求:（1）电子通过B点时的速度大小；(2）右侧平行金属板的长度;（３）电子穿出右侧平行金属板时的动能．2０.如图，灯泡D与电动机M串联在一个稳压电源上,电源的输出电压为U=20V，灯泡D 的电阻为ＲＤ=６Ω,电动机M线圈的电阻为R M=2Ω，与电动机并联的理想电压表读数为U M=１4V．电动机的转轴的摩擦可忽略，求：(1）通过灯泡的电流I＝?（2)电动机Ｍ线圈的发热功率P Q=？(3）电动机M输出的机械功率P机=?21.如图所示,空间有场强Ｅ=１．0×１03V／m竖直向下的电场,长Ｌ=0.4ｍ不可伸长的轻绳固定于O点，另一端系一质量m＝0.０5ｋｇ带电q=+5×10﹣4C的小球,拉起小球至绳水平后在Ａ点无初速度释放,当小球运动至O点的正下方Ｂ点时，绳恰好断裂，小球继续运动并垂直打在同一竖直平面且与水平面成θ＝３0°、无限大的挡板MN上的Ｃ点.试求：（1)绳子至少受多大的拉力才能被拉断；(2）A、C两点的电势差.2０2０┄２021学年福建省漳州市长泰一中高二(上）期中物理试卷一、选择题（本大题有16小题，每题3分，共4８分;第1～１2题只有一项符合题目要求;第１3~1６题有多项符合题目要求,全部选对的得3分,选对但不全的得2分，有选错的得0分)１．下列公式适用于任何电场的是( ）Ａ．W=qＥd B.Ｕ=ＥｄﻩC．E=ﻩＤ．E=k【考点】电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】分别分析每个公式的适用范围，即可作出选择.【解答】解：Ａ、公式W=qEｄ,用来计算匀强电场中电场力做功，所以只适用于匀强电场,故A错误.Ｂ、公式U=Ed是匀强电场中电势差与电场强度的关系公式，只适用于匀强电场，故B错误.C、公式E=是电场强度的定义式，运用比值法定义,适用于任何电场,故C正确.D、公式E＝k是点电荷场强公式,只适用点电荷的电场，故Ｄ错误．故选:Ｃ．【点评】解决本题的关键要理解各个公式的来源,明确公式的适用范围.２．在电场中的某点A放一个检验电荷，其电荷量为ｑ,受到的电场力为F,则A点的电场强度为E=,下列说法正确的是( )Ａ.若移去检验电荷,则A点的电场强度为０B.若检验电荷的电荷量变为4q,则A点的场强变为4ＥC．若放置到A点的检验电荷变为﹣2q，则场中A点的场强大小方向均不变Ｄ.若放置到Ａ点的检验电荷变为﹣２ｑ,则场中A点的场强大小不变，但方向相反【考点】电场强度.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量,与试探电荷无关,在电场中同一点，电场强度是确定不变的．【解答】解:A、由题，该点的电场强度E=,若移去检验电荷,该点的电场强度仍为E=.故Ａ错误.Ｂ、若检验电荷的电量变为4q,检验电荷所受的电场力为4F，该点的电场强度仍为E=.故B错误．Ｃ、D若放置到该点的检验电荷变为﹣2ｑ,检验电荷所受的电场力为﹣2F,该点的电场强度仍为E=.故C正确，D错误.故选:C【点评】电场强度的定义式E=，具有比值定义法的共性，定义出的电场强度与F、ｑ无关，由电场本身决定．3.以下说法正确的是( )A.导体中的电流是正电荷的定向移动形成的B．电荷定向移动的速率等于电流的传导速率Ｃ.导体中横截面积越大的地方运动电荷的平均速率越大D.单位时间内通过导体横截面的电荷量越大，电流越大【考点】电流、电压概念.【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电流是电荷的定向移动形成的.金属导电靠的是自由电子;酸、碱、盐溶液导电靠的是溶液中的正、负离子.电流的传递速率等于光速,电荷定向移动的速度很小，远远小于电流传递的速度.单位时间内通过导体横截面的电荷数越多，电流就越大.【解答】解：A、电荷的定向移动形成电流，在金属导体中形成电流时，定向移动的是电子.在电解液中形成电流时,正离子和负离子都在定向移动，故A错误.B、电流的传递速率等于光速,电荷定向移动的速度很小,远远小于电流传导的速度,故B错误.C、由电流的微观表达式可知,I＝nｑｖｓ可知,导体中横截面积越大的地方运动电荷的平均速率越小;故C错误;D、根据电流的定义I=可知，单位时间内通过导体横截面的电荷数越多电流越大，故D正确.故选:Ｄ．【点评】本题要注意无论是正电荷还是负电荷,只要定向移动都会形成电流，不要将电流的形成速度与电流的方向的规定混淆;同时注意电流的微观表达式的应用.4．如图四个电场中,均有相互对称分布的a、b两点．其中电势和场强都相同的是( )A.ﻩB.ﻩＣ．ﻩD．【考点】电势;电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】电势是标量,根据电场线的方向和对称性分析a、ｂ两点电势是否相同.场强是矢量，根据电场线的疏密和切线方向及对称性，确定场强是否相同．【解答】解:A、ａb两点在一等势面上,电势相同,ａ的场强方向向左,b的场强方向向右,则场强不同．故Ａ错误．Ｂ、a、b在等量异种电荷连线的中垂线上,而此中垂线是一条等势线，两点电势相同．根据电场线分布的对称性可知，这两点场强相同．故B正确.C、a、b两点场强相同,而电势a点高于ｂ点,故C错误．Ｄ、根据电场线的对称性可知：a、b两点的电势相同，而ａ的场强方向向上,b点的场强方向下,场强不同．故D错误.故选B【点评】判断电势的高低,根据电场线的方向．判断场强的大小根据电场线疏密，方向看电场线的切线方向.要注意场强是矢量,只有大小和方向均相同,场强才相同．５.如图所示,棒AB上均匀分布着负电荷，它的中点正上方有一P点,则P点的场强方向为( )A．垂直于AB向上B．垂直于AB向下ﻩＣ.平行于AB向左ﻩD.平行于AB向右【考点】电场强度.【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据点电荷的电场强度的定义式，结合将棒上电荷看成若干点电荷构成的，再由矢量的叠加原理,因此即可求解.【解答】解:根据点电荷的电场强度的定义式，再将棒的电荷看成若干个点电荷，由对称性与矢量的叠加，可得出，P点的电场强度的方向垂直于AB向下，故B正确，ACD错误；故选：B【点评】考查点电荷的电场强度的方向如何确定,掌握微元法的思路，同时理解矢量性的叠加.6．将两根长为L,横截面积为Ｓ，电阻率为ρ的保险丝串起来作为一根使用，则它的电阻和电阻率分别为( )Ａ.、ρﻩB.、ρC．、ρＤ．、ρ【考点】欧姆定律;电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电阻率的大小由材料决定,与长度和横截面积无关．根据电阻定律的公式R=ρ判断电阻的变化．【解答】解：电阻率有材料决定，与导线的长度和横截面积无关，故电阻率不变;材料不变,长度变为原来的2倍,横截面积不变，根据电阻定律的公式R=ρ知,则电阻变为原来的２倍,为：Ｒ＝故选：A.【点评】解决本题的关键掌握电阻定律的公式R＝ρ,以及知道电阻率的大小由材料决定,与长度和横截面积无关.7．如图所示为滑动变阻器示意图，下列说法中正确的是( )①ａ和b串联接入电路中,P向右移动时电阻增大②b和d串联接入电路中，Ｐ向右移动时电阻减小③b和c串联接入电路中,Ｐ向右移动时电阻增大④a和c串联接入电路中，Ｐ向右移动时电阻增大.Ａ.①②ﻩB.②③ﻩC．①③ﻩD.②④【考点】欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中的电阻丝的长度来改变电阻的，它的正确接法是“一上一下”.哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的.若接左下接线柱,滑片向右移动,电阻变大,则电路中的电流变小；若接右下接线柱,滑片向左移动,电阻变大,则电路中的电流变小．【解答】解：①、将a和b连入电路时，当滑片P向右滑动时，不会改变电阻丝长度,电阻不变;故①错误；②、将ｂ和d连入电路时，连入路中的电阻丝是Ｐｂ部分.当滑片P向右滑动时,PＡ电阻丝长度减小，电阻减小，故②正确．③、将ｂ和c连入电路时,连入路中的电阻丝是Pb部分.当滑片Ｐ向右滑动时,PＢ电阻丝长度减小，电阻减小,故③错误．④、将a和c连入电路时，连入电路中的电阻丝是aP部分，当滑片P向右滑动时,aｐ电阻丝长度变长,电阻变大，故④正确；故选:Ｄ【点评】本题考查了滑动变阻器的原理和作用,能够正确判断当“一上一下”接入电路时哪一段电阻丝被连入电路中是本题的解题关键所在.８．两个分别带有电荷量﹣Q和＋3Q的相同金属小球（均可视为点电荷)，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F.两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（)A.ﻩＢ．ﻩＣ.ﻩD．12F【考点】库仑定律;电荷守恒定律.【专题】计算题.【分析】清楚两小球相互接触后,其所带电量先中和后均分.根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题.【解答】解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为Ｆ=k，两个相同的金属球各自带电,接触后再分开,其所带电量先中和后均分,所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的,库仑力为F′＝ｋ,所以两球间库仑力的大小为.故选C.【点评】本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．9.如图所示,甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流计Ｇ和一个滑动变阻器R组成,（1）甲表是电流表,R增大时量程增大(２）甲表是电流表,R增大时量程减小（3）乙表是电压表，Ｒ增大时量程增大（4)乙表是电压表,R增大时量程减小下列说法正确的是（)Ａ.(１）和(３) B．(１)和（4）C．(２)和(3)ﻩD.(2)和(４)【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题.【分析】灵敏电流计G和变阻器R并联时,由于变阻器的分流，测量的电流增大，改装成电流表,而灵敏电流计G和变阻器R串联时,由于变阻器的分压，测量的电压增大,改装成电压表．甲表中,R增大时，变阻器分流减小，量程减小.乙表中,Ｒ增大时,变阻器分担的电压增大,量程增大．【解答】解：由图甲所示可知,G与电阻R并联，甲表是电流表,R增大时,甲表中变阻器分流减小,量程减小，故（１）错误，（2）正确.由图乙所示可知,G与R串联,乙是电压表,Ｒ增大时,变阻器分担的电压增大,乙表量程增大，故(3）正确,（4）错误；故Ｃ正确;故选：Ｃ．【点评】本题考查电表改装原理的理解能力.当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏,所测量的电流或电压达到最大值.1０.如图所示，在沿ｘ轴正方向的匀强电场E中，有一动点Ａ以O为圆心、以r为半径逆时针转动,θ为ＯA与ｘ轴正方向间的夹角,则O、A两点间电势差为( )Ａ．ＵOＡ=Er B.U OA=ErsinθﻩC.U OA=ErcosθD.UＯＡ=【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系;电势.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】匀强电场中电势差Ｕ=Ed,关键在于明确ｄ为沿电场线方向的有效距离.【解答】解：在匀强电场中，两点间的电势差U=Ed,而ｄ是沿场强方向上的距离，所以ｄOＡ＝r•cosθ，故：ＵｏA=Ｅrcosθ故选C.【点评】定要注意明确公式中d的准确含义，ｄ是沿电场线方向的距离．11．一带电粒子在(重力不计）如图所示的电场中,在电场力作用下，沿虚线所示轨迹从A点运动到B点,下列说法中正确的是（）A．粒子带正电 B.粒子的加速度在减少C．粒子的动能在增大ﻩＤ.粒子的电势能在增大【考点】电场线;等势面．【分析】解这类题的思路：根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性和电场线的疏密程度，判断电场力方向，根据电场力做功判断电势能的变化．【解答】解：A、由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力的方向大致斜向左下方，与电场强度方向相反,故粒子带负电,故A错误．B、B点电场线密集,故电场强度大，电场力大,故加速度大，所以粒子的加速度一直增大，故Ｂ错误；C、由于带电粒子是从A到B，带电粒子受电场力的方向大致斜向左下方,故电场力做负功，动能减小，电势能增大,故Ｃ错误,D正确．故选：Ｄ【点评】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解;明确电场力做功与电势能和动能间的关系．12．在光滑绝缘的水平面上有一个不导电的弹簧，弹簧的两端分别与金属小球Ａ、B相连，若Ａ、Ｂ带上等量同种电荷,弹簧伸长ｘ1,若让Ａ、Ｂ所带电量都增为原来的２倍,弹簧的伸长量为x２，则x1与ｘ2的关系是（)A.ｘ2=ｘ1ﻩB.x２＝4x1C.x2>4x１D.x2＜4x1【考点】电势差与电场强度的关系.【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据库仑定律的公式:F＝知，电量增加，则库仑力增加，两球相互远离,通过库仑力和弹力的大小关系判断距离的变化．【解答】解：让A、B所带电量都增为原来的2倍,根据库仑定律的公式:F=知,若认为距离保持不变,则库仑力增大为原来的4倍,根据平衡知,弹簧的弹力增大为原来的4倍，则形变量变为原来的4倍，但是形变量增大，库仑力减小,则x2<4x１，故选：D．【点评】本题考查了库仑定律和胡克定律的综合运用,通过假设法，假设距离保持不变进行判断．13．在如图甲所示的电路中,L１、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示.当开关S闭合后,电路中的总电流为０．25A，则此时（）A.L2的电阻为12ΩB.L1消耗的电功率为0.75 WC．Ｌ１、L2消耗的电功率的比值大于4Ｄ.L1两端的电压为Ｌ2两端电压的２倍【考点】闭合电路的欧姆定律;电功、电功率．【专题】定性思想；图析法;恒定电流专题.【分析】由图乙知，L２和L3并联后与Ｌ1串联,L2和Ｌ3的电压和电流都相同，电路中的总电流为0.25A，从而求出通过三个灯泡的电流，由乙图读出三个灯泡两端的电压,由R=求出L２的电阻,根据Ｐ＝UI分析功率关系.【解答】解：Ａ、L２和Ｌ3并联后与Ｌ1串联，L2和L3的电压和电流均相同，则得L２的电流为0.12５A,由图可知，此时L2的电压小于0.５V，根据R=可知,L2的电阻小于4Ω，故Ａ错误;B、根据图象可知，当电流为０．25Ａ时，电压U=3V,所以L１消耗的电功率Ｐ=UI=0.75W，故B正确；C、根据P=UI可知，Ｌ２消耗的电功率P2<0.1２５×０.5=０.０625W，所以L1、L2消耗的电功率的比值大于４;1，故C正确；Ｄ、L1的电流为L2电流的２倍,由于灯泡是非线性元件，所以Ｌ1的电压不是L2电压的2倍,故Ｄ错误；故选:ＢＣ【点评】本题的关键是搞清电路的结构，能够从图中读出有效信息，要注意本题中灯泡是非线性元件，电阻会随电压和电流而变化,不是定值.１４．平行板电容器的两极板A、Ｂ接于电池两极,一带正电小球悬挂在电容器内部,闭合电键S,电容器充电,这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ,如图所示.则下列分析正确的是（)Ａ．保持电键Ｓ闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ增大Ｂ.保持电键Ｓ闭合,带正电的Ａ板向B板靠近,则θ不变C.电键S断开,带正电的A板向B板靠近，则θ增大Ｄ.电键S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】小球受重力、拉力、电场力三个力处于平衡状态,保持开关S闭合,电容器两端间的电势差不变;断开开关S,电容器所带的电量不变.结合电场强度的变化判断夹角的变化.【解答】解：A、保持开关Ｓ闭合,电容器两端间的电势差不变，带正电的Ａ板向B板靠近,极板间距离减小，电场强度Ｅ增大，小球所受的电场力变大,θ增大.故A正确，B错误. C、断开开关S,电容器所带的电量不变,C=,,知d变化，E不变，电场力不变,θ不变.故C错误,D正确．故选:AＤ．【点评】解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量.若电容器与电源断开，电量保持不变;若电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变.１5．空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，ｘ轴上两点B、Ｃ点电场强度在x 方向上的分量分别是EＢx、ＥＣx,下列说法中正确的有( )Ａ．E Bx的方向沿x轴正方向B．E Bｘ的大小大于EＣｘ的大小C．电荷在O点受到的电场力在x方向上的分量最大D.负电荷沿x轴从B移到Ｃ的过程中，电场力先做正功,后做负功【考点】电势差与电场强度的关系;电势．【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】本题的入手点在于如何判断E Bx和E Cx的大小，由图象可知在x轴上各点的电场强度在x方向的分量不相同,如果在ｘ方向上取极小的一段,可以把此段看做是匀强电场，用匀强电场的处理方法思考，从而得到结论,此方法为微元法.【解答】解:Ａ、沿电场方向电势降低,在O点左侧,ＥBx的方向沿ｘ轴负方向，故A错误；B、在Ｂ点和C点附近分别取很小的一段ｄ，由图象，Ｂ点段对应的电势差大于Ｃ点段对应的电势差,看做匀强电场有Ｅ=，可见E Bx＞E Cx，故B正确;C、同理可知O点场强最小,电荷在该点受到的电场力最小,故Ｃ错误；Ｄ、沿电场方向电势降低，在Ｏ点左侧,E Bｘ的方向沿x轴负方向,在O点右侧，E Cx的方向沿ｘ轴正方向,电场力先做正功，后做负功,故D正确．故选:ＢD【点评】本题需要对电场力的性质和能的性质由较为全面的理解,并要求学生能灵活应用微分法；故此题的难度较高.１6.如图所示,在O点处放置一个正电荷．在过O点的竖直平面内的Ａ点,自由释放一个带正电的小球,小球的质量为m、电荷量为q.小球落下的轨迹如图中虚线所示，它与以Ｏ为圆心、Ｒ为半径的圆(图中实线表示)相交于Ｂ、Ｃ两点，Ｏ、Ｃ在同一水平线上,∠BOC=3０°,Ａ距离OＣ的竖直高度为h.若小球通过Ｂ点的速度为ｖ，则下列说法不正确的是( )A．小球通过C点的速度大小是B.小球在B、C两点的电势能不等。