2014年广西高考理综物理题及详细答案

2014年广西理综物理部分题目及答案解析1．—质点沿x 轴做直线运动，其v-t 图像如图所示。

质点在t = 0时位于x = 5m 处，开始沿x 轴正向运 动。

当t = 8s 时，质点在轴上的位置为（ ） A. x = 3m B. x= 8m C. x = 9mD. x = 14m2．地球表面附近某区域存在大小为150N/C 、方向竖直向下的电场。

一质量为 1.00xl0-4kg 、带电量为-1.00x10-7C 的小球从静止释放，在电场区域内下落10.0m 。

对此过程，该小球的电势能和动能的改变量分别为（ ）（重力加速度大小取9.80m/s 2，忽略空气阻力） A. ﹣1.50x10-4J 和 9.95x10-3JB. 1.50 x 10-4J 和 9.95 x 10-3JC. ﹣1.50x10-4J 和 9.65x10-3J D. 1.50 x 10-4J 和 9.65 x 10-3J 3．对于一定量的稀薄气体，下列说法正确的是（ ）A.压强变大时，分子热运动必然变得剧烈B.保持压强不变时，分子热运动可能变得剧烈C.压强变大时，分子间的平均距离必然变小D.压强变小时，分子间的平均距离可能变小4．在双缝干涉实验中，一钠灯发出的波长为589nm 的光，在距双缝 1.00m 的屏上形成干涉图样。

图样上相邻两明纹中心间距为0.350cm,则双缝的间距为（ ）A. 2.06x 10-7m B. 2.06x 10-4mC.1.68x10-4m D. 1.68x 10-3m5．两列振动方向相同、振幅分别为A 1和A 2的相干简谐横波相遇。

下列说法正确的是（ ） A ．波峰与波谷相遇处质点的振幅为│A 1 -A 2│B ．波峰与波峰相遇处质点离开平衡位置的位移始终为A 1 +A 2C ．波峰与波谷相遇处质点的位移总是小于波峰与波峰相遇处质点的位移D ．波峰与波峰相遇处质点的振幅一定大于波峰与波谷相遇处质点的振幅6．一物块沿倾角为θ的斜坡向上滑动。

当物块的初速度 为v 时，上升的最大高度为H ，如图所示；当物块的初速度为错误！未找到引用源。

时，上升的最大高度记为h。

重力加速度大小为g。

物块与斜坡间的动摩擦因数和h分别为( )A.tanθ和错误！未找到引用源。

B.错误！未找到引用源。

tanθ和与错误！未找到引用源。

C. tanθ和错误！未找到引用源。

D.错误！未找到引用源。

tanθ和错误！未找到引用源。

7.很多相同的绝缘铜圆环沿竖直方向叠放，形成一很长的竖直圆筒，一条形磁铁沿圆筒的中心轴竖直放置，其下端与圆筒上端开口平齐。

让条形磁铁从静止开始下落。

条形磁铁在圆筒中的运动速率( )A. 均匀增大B. 先增大，后减小C. 逐渐增大，趋于不变D. 先增大，再减小，最后不变8．一个中子与一质量数为A (A>1)的原子核发生弹性正碰。

若碰前原子核静止，则碰撞前与碰撞后中子的速率之比为（）A．错误！未找到引用源。

B. 错误！未找到引用源。

C. 错误！未找到引用源。

D. 错误！未找到引用源。

9．(6 分）现用频闪照相方法来研究物块的变速运动。

在一小物块沿斜面向下运动的过程中，用频闪相机拍摄的不同时刻物块的位置如图所示。

拍摄时频闪频率是10Hz ; 通过斜面上固定的刻度尺读取的5个连续影像间的距离依次为x1、x2、x3、x4。

已知斜面顶端的高度h和斜面的长度s。

数据如下表所示。

重力加速度大小为g = 9.80m/s2。

根据表中数据，完成下列填空：（1）物块的加速度a = m/s2(保留3位有效数字)。

（2）因为可知斜面是粗糙的。

10．(12分)现要测量某电源的电动势和内阻。

可利用的器材有：电流表○A，内阻为1.000Ω; 电压表○v;阻值未知的定值电阻R1、R2、R3、R4、R5;开关S;—端连有鳄鱼夹P的导线1,其他导线若干。

某同学设计的测量电路如图(a)所示。

(1)按图（a)在实物图（b)中画出连线，并标出导线1和其P端。

(2) 测量时，改变鳄鱼夹P所夹的位置，使R1、R2、R3、R4、R5依次串入电路，记录对应的电压表的示数U和电流表的示数I。

数据如下表所示。

根据表中数据，在图（c）中的坐标纸上将所缺数据点补充完整，并画出U-I图线。

（3）根据U-I图线求出电源的电动势E = v，内阻r = Ω。

（保留2位小数。

）11．(12 分)冰球运动员甲的质量为80.0kg。

当他以5.0m/s的速度向前运动时，与另一质畺为100kg、速度为3.0m/s的迎面而来的运动员乙相撞。

碰后甲恰好静止。

假设碰撞时间极短，求：(1 )碰后乙的速度的大小；(2)碰撞中总机械能的损失。

12．(20 分)如图，在第一象限存在匀强磁场，磁感应强度方向垂直于纸面（xy平面）向外；在第四象限存在匀强电场，方向沿x轴负向。

在y轴正半轴上某点以与X轴正向平行、大小为v0的速度发射出一带正电荷的粒子，该粒子在(d,0)点沿垂直于x轴的方向进人电场。

不计重力。

若该粒子离开电场时速度方向与轴负方向的夹角为θ，求：(1 )电场强度大小与磁感应强度大小的比值；(2)该粒子在电场中运动的时间。

13．(22分)已知地球的自转周期和半径分别为T 和R ，地球同步卫星A 的圆轨道半径为h 。

卫星B 沿半径为r （r<h ）的圆轨道在赤道正上方运行，其运行方向与地球自转方向相同。

求：（1）卫星B 做圆周运动的周期；（2）卫星A 和B 连续地不能直接通讯的最长时间间隔（信号传输时间可忽略）。

1.考查知识点:V-t 图像位移的求法.解法：图像围成的面积积位移的大小。

正确答案B2.考查电场力所做的功等于电势能的变化；合力做的功等于动能的变化 正确答案D 解法：W 1=Eqh=－△E P －150×1×10－7×10=－1.5×10－4J ；所以：△E P =1.5×10－4J W 合=W G －W 1=mgh －Eqh=（1×10－4×9.8×10）－1.5×10－4=9.65×10－3J ）3.考查气体热运动：解法：温度越高、运动越剧烈，由PV/T=恒量；先判断T 的变化）正确答案：BD 4，考查双缝干涉实验：解法：由 λd L x =∆代入数据即得m 1068.1105891035.01492---⨯=⨯⨯⨯=∆=λχL d 答案C 5.考查机械波的叠加中加强点、最强点和减弱点的理解。

正确答案A D解题知识点：（3）对加强点、最强点、减弱点的理解：①加强点：始终是加强点，不会变成减弱点，但它不一定是最强点。

所以它的位移介于零与最大值之间。

②最强点：一定是加强点，且位移为最大值。

③减弱点：始终是减弱点，它的位移始终是零，也就是说减弱点是静止的，不会变成加强点。

6.考查力与运动的的关系：正确答案是D解法：（1）先对物体受力分析，得)cos (sin cos sin θμθθμθ-=-=g mmg mg a ；（2）物体上滑，做匀减速运动。

由：)cos (sin 220sin 22θμθθ-=--=g v a v H 解得：θμtan )12(2-=Hg v（3）当速度为V/2时：由θθsin 412412)2(0sin 22H a v a vh ⨯=⨯=--=解得：H h 41= 7.考查电磁感应现象中的楞次定律：正确答案C 。

解题知识点：楞次定律告诉我们：感应电流产生的磁场总是阻碍原磁场的变化的。

方法规律有：增反减同，来拒去留；但注意：只是阻碍而不是阻止，也就是说重力是大于安培力的，直到二者相等，速度将不变，所以运动速度会增大，最后不变。

8.考查弹性碰撞中动量守恒，动能也守恒：正确答案：A解题方法：（1）由动量守恒得：210Mv mv mv +=+ ----① 由动能守恒得：222122121021Mv mv mv +=+ ------② 联立①②，由m=1，M=A ；解得：AA v v -+=1119.由频闪频率为10HZ ，得T=0.1S ；由221234m/s 30.404.001.008.174)()(=⨯=+-+=T x x x x a “注意换算单位”当斜面是光滑时，经受力分析得：θsin 1g a =而2/6.08048sin s m sh ===θ 所以21/88.5sin s m g a a ==<θ正确答案：4.30 m/s 2； 物体下滑加速度小于物体在光滑斜面下的加速度gsin θ=5.88m/s 2 。

10.解答：（1）按实物图连线，正确答案如右图（2）按找下表在图上连线：（3）正确答案E = 2.90v ，（在2.89V —2.91V 都对）；内阻r = 2.03Ω。

（在1.93Ω—2.13Ω都对）解题知识点：与纵坐标的交点读数：即为电动势的值；斜线的斜率即为内阻的值11.解：（1）由碰撞中动量守恒：'221m 0v m v v m 乙乙甲+=+ 解得： m/s1v '2= 即碰后乙运动员的速度大小是1m/s ，方向与甲的运动方向一致（2）由能量守恒得：222221V m 21-m 2121‘乙乙甲）（v v m E +=∆ 解得：1400J E =∆ 评分细则：每问6分，其中式子3分，答案3分12、解：（1）在磁场中做匀速圆周运动，经分析得： d R = （1分）由洛仑兹力提供向心力得：R v m B 200qv = （3分） 解得：qd mv qR mv 00B ==在第四象限电场中；粒子做类平抛运动。

得221d at = -----①（3分） mEq a = ----②y v v t a n =θ -------③（3分） at =yV ----④（3分） 联立①②③④解得：dq2)(tan mv E 220θ= 所以得：2)(tan V B E 20θ= ---（2分）（2）联立①②③④解得：θtan v 2d t0=----（2分） 13.解：（1）由天体运动的规律得：2224rMm G BT r m π= 解得：GMr 32B 4T π=对于地球同步卫星A ：有：2224h Mm G T h m π= 解得：2324GM Th π=所以卫星B 的周期：23B )(T hr T h r h Tr== （2）设卫星A 和卫星B 不能直接通讯的最长时间为t 1；在这段时间内，两卫星绕地心转动的角度分别为θA 和θB ，则有：T t t A 11A 2πωθ== --------① BB T t t 11B 2πωθ== ------② 若不考虑卫星A 的公转，两卫星不能直接通讯时，卫星B 的位置应在途中B 点和B ’点之间图中内圆表示地球的赤道。

有几何关系得)arcsin (arcsin2'rRh R BOB +=∠ ---------③ 又因为'A BOB B ∠=-θθ -----④ 联立①②③④解得：T r Rh R r h r t )arcsin (arcsin )(2/32/32/31+-=π。