高中数学抽象函数经典综合题33例

合集下载

高中数学抽象函数专题

高中数学抽象函数专题

三、值域问题例4.设函数f(x)定义于实数集上,对于任意实数x 、y ,f(x+y)=f(x)f(y)总成立,且存在21x x ≠,使得)()(21x f x f ≠,求函数f(x)的值域。

解:令x=y=0,有f(0)=0或f(0)=1。

若 f(0)=0,则 f(x)=f(0+x)=f(x)f(0)=0恒成立,这与存在实数21x x ≠,使得)()(21x f x f ≠成立矛盾,故 f(0)≠0,必有f(0)=1。

由于f(x+y)=f(x)f(y)对任意实数x 、y 均成立,因此,0)2()(2≥⎪⎭⎫ ⎝⎛=x f x f ,又因为若f(x)=0,则f(0)=f(x-x)=f(x)f(-x)=0与f(0)≠0矛盾,所以f(x)>0. 四、求解析式问题(换元法,解方程组,待定系数法,递推法,区间转移法, 例6、设对满足x ≠0,x ≠1的所有实数x ,函数f(x)满足,()x x x f x f +=⎪⎭⎫⎝⎛-+11 ,求f(x)的解析式。

解:(1)1),x 0(x x 1)x1x (f )x (f ≠≠+=-+且Θ----,12)11()1(:x 1-x xx x f x x f x -=-+-得代换用(2):)1(x -11 得中的代换再以x .12)()x -11f(x x x f --=+---(3)1)x 0(x x2x 21x x )x (f :2)2()3()1(223≠≠---=-+且得由 例8.是否存在这样的函数f(x),使下列三个条件:①f(n)>0,n ∈N;②f(n 1+n 2)=f(n 1)f(n 2),n 1,n 2∈N*;③f(2)=4同时成立? 若存在,求出函数f(x)的解析式;若不存在,说明理由.解:假设存在这样的函数f(x),满足条件,得f(2)=f(1+1)=4,解得f(1)=2.又f(2)=4=22,f(3)=23,…,由此猜想:f(x)=2x (x ∈N*)小结:对于定义在正整数集N*上的抽象函数,用数列中的递推法来探究,如果给出的关系式具有递推性,也常用递推法来求解. 练习:1、.232|)x (f :|,x )x 1(f 2)x (f ),)x (f ,x ()x (f y ≥=-=求证且为实数即是实数函数设 解:02)x (x f 3 x,x1)x (f 2)x1(f ,x x12=++=-与已知得得代换用,.232|)x (f |,024)x (9f02≥∴≥⨯-≥∆得由3、函数f (x )对一切实数x ,y 均有f (x +y)-f (y)=(x +2y+1)x 成立,且f (1)=0, (1)求(0)f 的值;(2)对任意的11(0,)2x ∈,21(0,)2x ∈,都有f (x 1)+2<log a x 2成立时,求a 的取值范围. 解:(1)由已知等式()()(21)f x y f y x y x +-=++,令1x =,0y =得(1)(0)2f f -=,又∵(1)0f =,∴(0)2f =-. (2)由()()(21)f x y f y x y x +-=++,令0y =得()(0)(1)f x f x x -=+,由(1)知(0)2f =-,∴2()2f x x x +=+.∵11(0,)2x∈,∴22111111()2()24f x x x x +=+=+-在11(0,)2x ∈上单调递增,∴13()2(0,)4f x +∈.要使任意11(0,)2x ∈,21(0,)2x ∈都有12()2log a f x x +<成立,必有23log 4a x ≤都成立.当1a >时,21log log 2a a x <,显然不成立.当01a <<时,213(log )log 24a a x >≥,解得3414a ≤<∴a 的取值范围是34[,1)4. 五、单调性问题 (抽象函数的单调性多用定义法解决).练习:设f(x)定义于实数集上,当x>0时,f(x)>1,且对于任意实数x 、y ,有f(x+y)=f(x)f(y),求证:f(x)在R 上为增函数。

抽象函数-题型大全(例题-含答案)之欧阳引擎创编

抽象函数-题型大全(例题-含答案)之欧阳引擎创编

高考抽象函数技巧总结欧阳引擎(2021.01.01)由于函数概念比较抽象,学生对解有关函数记号()f x 的问题感到困难,学好这部分知识,能加深学生对函数概念的理解,更好地掌握函数的性质,培养灵活性;提高解题能力,优化学生数学思维素质。

现将常见解法及意义总结如下:一、求表达式:1.换元法:即用中间变量表示原自变量x 的代数式,从而求出()f x ,这也是证某些公式或等式常用的方法,此法解培养学生的灵活性及变形能力。

例1:已知 ()211x f x x =++,求()f x . 解:设1x u x =+,则1u x u =-∴2()2111u u f u u u -=+=--∴2()1x f x x-=- 2.凑合法:在已知(())()f g x h x =的条件下,把()h x 并凑成以()g u 表示的代数式,再利用代换即可求()f x .此解法简洁,还能进一步复习代换法。

例2:已知3311()f x x x x +=+,求()f x 解:∵22211111()()(1)()(()3)f x x x x x x x x x x +=+-+=++-又∵11||||1||x x x x +=+≥ ∴23()(3)3f x x x x x =-=-,(|x |≥1)3.待定系数法:先确定函数类型,设定函数关系式,再由已知条件,定出关系式中的未知系数。

例3. 已知()f x 二次实函数,且2(1)(1)f x f x x ++-=+2x +4,求()f x .解:设()f x =2ax bx c ++,则22(1)(1)(1)(1)(1)(1)f x f x a x b x c a x b x c ++-=+++++-+-+=22222()24ax bx a c x x +++=++比较系数得2()41321,1,2222a c a a b c b +=⎧⎪=⇒===⎨⎪=⎩∴213()22f x x x =++ 4.利用函数性质法:主要利用函数的奇偶性,求分段函数的解析式.例4.已知y =()f x 为奇函数,当 x >0时,()lg(1)f x x =+,求()f x 解:∵()f x 为奇函数,∴()f x 的定义域关于原点对称,故先求x <0时的表达式。

高一抽象函数练习题

高一抽象函数练习题

高一抽象函数练习题高一抽象函数练习题高一数学课程中,抽象函数是一个重要的概念。

它是一种特殊的函数,其自变量和因变量都可以是函数。

抽象函数的引入,使得数学问题的描述和解决更加灵活和简洁。

为了帮助同学们更好地理解和掌握抽象函数,以下将给出一些高一抽象函数练习题,希望能够对同学们的学习有所帮助。

1. 已知函数f(x) = x^2 + 3x - 2,求抽象函数g(x) = f(f(x))的表达式。

解析:首先,我们需要求出f(f(x))的表达式。

根据抽象函数的定义,我们可以将f(f(x))展开为f(x^2 + 3x - 2)。

将f(x) = x^2 + 3x - 2代入,得到f(f(x)) = (x^2 +3x - 2)^2 + 3(x^2 + 3x - 2) - 2。

化简后,得到g(x) = x^4 + 7x^3 + 16x^2 +13x - 6。

2. 已知函数f(x) = 2x - 1,求抽象函数g(x) = f^3(x)的表达式。

解析:根据抽象函数的定义,我们需要求出f^3(x)的表达式。

f^3(x)表示f(f(f(x))),即将f(x)连续作用三次。

根据给定的函数f(x) = 2x - 1,我们可以计算出f(f(x))和f(f(f(x)))的表达式,进而得到g(x) = 8x - 9。

3. 已知函数f(x) = x^2 + 2x,求抽象函数g(x) = f(f^2(x))的表达式。

解析:根据抽象函数的定义,我们需要求出f(f^2(x))的表达式。

f^2(x)表示f(f(x)),即将f(x)连续作用两次。

根据给定的函数f(x) = x^2 + 2x,我们可以计算出f(f(x))的表达式,进而得到g(x) = (x^2 + 2x)^2 + 2(x^2 + 2x)。

通过以上练习题,我们可以看到抽象函数的运用非常灵活。

在解题过程中,我们需要将给定的函数代入到抽象函数的定义中,然后进行计算和化简,最终得到所求的抽象函数表达式。

微专题抽象函数与奇偶性、周期性、对称性等综合问题

微专题抽象函数与奇偶性、周期性、对称性等综合问题

微专题抽象函数与奇偶性、周期性、对称性等综合问题抽象函数是高中数学的难点,也是近几年考试的热点和重点,尤其函数奇偶性、周期性、对称性结合的题目往往使考生无从下手,本文从多方面例举其应用. 考向1 抽象函数的单调性【例1】(2019秋•静宁县校级期末)已知偶函数()f x 在区间(-∞,0]单调递减,则满足(21)()f x f x -的x 取值范围是( )A .[1,)+∞B .(-∞,1]C .(-∞,1][13,)+∞D .1[3,1]解:根据题意,偶函数()f x 在区间(-∞,0]单调递减,则()f x 在[0,)+∞上为增函数, 则22(21)()(|21|)(||)|21|||(21)f x f x f x f x x x x x -⇒-⇒-⇒-,解可得:113x , 即x 取值范围是1[3,1];故选:D .【例2】(2019秋•武汉期末)若146()7a -=,157()6b =,27log 8c =,定义在R 上的奇函数()f x 满足:对任意的1x ,2[0x ∈,)+∞且12x x ≠都有1212()()0f x f x x x -<-,则f (a ),f (b ),f (c )的大小顺序为( ) A .f (b )f <(a )f <(c ) B .f (c )f >(b )f >(a ) C .f (c )f >(a )f >(b )D .f (b )f >(c )f >(a )解:根据题意,函数()f x 满足:对任意的1x ,2[0x ∈,)+∞且12x x ≠都有1212()()0f x f x x x -<-,则()f x 在[0,)+∞上为减函数,又由()f x 为定义在R 上的奇函数,则函数()f x 在(-∞,0]上为减函数, 则函数()f x 在R 上为减函数,27log 08c =<,14467()()76a -==,而157()6b =,则0a b >>,故f (c )f >(b )f >(a ).故选:B .【变式训练】(2020•南开区模拟)已知定义在R 上的函数()f x ,若函数(2)y f x =+为偶函数,且()f x 对任意1x ,2[2x ∈,12)()x x +∞≠,都有2121()()0f x f x x x -<-,若f (a )(31)f a +,则实数a 的取值范围是()A .13[,]24-B .[2-,1]-C .1(,]2-∞-D .3(,)4+∞【解答】解:根据题意,函数(2)y f x =+为偶函数,则函数()f x 的图象关于2x =对称,()f x 对任意1x ,2[2x ∈,12)()x x +∞≠,都有2121()()0f x f x x x -<-,则函数()f x 在[2,)+∞上为减函数, 则f (a )(31)|2||312|f a a a +⇔-+-,即|2||31|a a --,解可得:1324a-,即a 的取值范围为1[2-,3]4.故选:A . 考向2 抽象函数的周期性【例3】(2020•汉中一模)已知函数()f x 是定义在R 上的奇函数,33()()22f x f x +=-,且3(,0)2x ∈-时,2()log (31)f x x =-+,则(2020)(f = )A .4B .2log 7C .2D .2-解:根据题意,()f x 满足33()()22f x f x +=-,即(3)()f x f x +=,函数()f x 是周期为3的周期函数,则(2020)(12019)f f f =+=(1),又由()f x 为奇函数,则f (1)2(1)log (31)2f =--=-+=-,故选:D .【例4】(2020春•天心区校级月考)已知函数()f x 对x R ∀∈满足(2)()f x f x +=-,(1)()(2)f x f x f x +=+,且()0f x >,若f (1)4=,则(2019)(2020)(f f += ) A .34B .2C .52D .4解:根据题意,(1)()(2)f x f x f x +=+,则有(2)(1)(3)f x f x f x +=++, 变形可得(2)()(2)(3)f x f x f x f x +=++,又由()0f x >,则有()(3)1f x f x +=,变形可得1(3)()f x f x +=, 则有1(6)()(3)f x f x f x +==+,即函数()f x 是周期为6的周期函数;()(6)f x f x =+,即函数()f x 的周期为6,则有(2019)(33366)f f f =+⨯=(3),(2020)(43366)f f f =+⨯=(4), 则(2019)(2020)f f f +=(3)f +(4), 对于1(3)()f x f x +=,令1x =可得f (4)11(1)4f ==; 对于(1)()(2)f x f x f x +=+和(2)()f x f x +=-,令0x =可得f (1)(0)f f =(2)4=且(0)f f =(2),()0f x >, 则有(0)f f =(2)2=,则f (3)11(0)2f ==;故f (3)f +(4)113424=+=故选:A . 【变式训练】(2019秋•胶州市期末)已知定义在R 上函数()f x 的图象是连续不断的,满足(1)(1)f x f x -=+,()()f x f x -=-,且()f x 在[0,1]上单调递增,若2(log 3)a f=,b f =,(2020)c f =,则( )A .a b c <<B .a c b <<C .c b a <<D .b c a <<解:因为(1)(1)f x f x -=+,所以函数()f x 关于1x =对称, 又因为()()f x f x -=-,所以函数()f x 为奇函数,所以(1)(1)(1)f x f x f x +=-=--,令1x x =-,则()(2)f x f x =--①令2x x =-,则(2)(4)f x f x -=--②,由①②得,()(4)f x f x =-,即函数()f x 的周期为4. 又因为()f x 在[0,1]上单调递增,于是可以作出如图所示的函数图象,而2log 3(1,2)∈(3,4),所以0a >,0b <,(2020)(5054)(0)0f f f =⨯==,所以0c =, 因此b c a <<.故选:D . 考向3 抽象函数的零点问题【例5】(2019秋•水富市校级期末)若偶函数()()y f x x R =∈满足()(2)f x f x =-,且[1x ∈-,0]时,2()1f x x =-,函数(0)()1(0)lnx x g x x x>⎧⎪=⎨-<⎪⎩,则函数()()()h x f x g x =-在区间[5-,5]内的零点的个数为( )A .5B .6C .7D .8解:因为()(2)f x f x =-以及函数为偶函数,所以函数()f x 是周期为2的函数. 因为[1x ∈-,0]时,2()1f x x =-,所以作出它的图象,利用函数()f x 是周期为2的函数,如图,可作出()f x 在区间[5-,5]上的图象,再作出函数(0)()1(0)lnx x g x x x>⎧⎪=⎨-<⎪⎩的图象,可得函数()()()h x f x g x =-在区间[5-,5]内的零点的个数为6个,故选:B .【例6】(2019秋•珠海期末)若偶函数()f x 的图象关于32x =对称,当3[0,]2x ∈时,()f x x =,则函数20()()log ||g x f x x =-在[20-,20]上的零点个数是( )A .18B .26C .28D .30解:令20()log ||h x x =,则()h x 为偶函数且0x ≠,因为()f x 是偶函数,所以()g x 是偶函数且0x ≠, 由20()()log ||0g x f x x =-=得20()log ||f x x =,当0x >时有20()log f x x =, 因为偶函数()f x 的图象关于32x =对称,所以()()f x f x -=且()(3)f x f x =-, 则(3)[3(3)]()()f x f x f x f x +=-+=-=,即()f x 是3T =的周期函数,32kx =,k Z ∈为()f x 的对称轴, 又因为当3[0,]2x ∈时,()f x x =,所以(20)(211)(1)f f f f =-=-=(1)1(20)h ==当(0x ∈,20],()f x ,()h x 在同一坐标系中的图象如下可知()f x 与()h x 在(0,20]上有13个交点,即()g x 在(0,20]上有13个零点, 又因为()g x 是偶函数,所以()g x 在[20-,20]上共有26个零点.故选:B .【变式训练】(2019秋•益阳期末)已知()f x 是在R 上的奇函数,满足()(2)f x f x =-,且[0x ∈,1]时,函数()21x f x =-,函数()()log (1)a g x f x x a =->恰有3个零点,则a 的取值范围是( ) A .1(0,)9B .11(,)95C .(1,5)D .(5,9)解:()f x 是在R 上的奇函数,满足()(2)f x f x =-,函数关于1x =对称,()(2)f x f x =--,可得(4)()f x f x +=,函数的周期为4,且[0x ∈,1]时,函数()21x f x =-,函数的图象如图:当1a >时,函数()()log a g x f x x =-恰有3个零点,就是方程()log a f x x =的解个数为3,可得()y f x =与log a y x =由3个交点,两个函数的图象夹在蓝色与红色,之间满足条件,所以log 51a <,并且log 91a >,解得(5,9)a ∈.故选:D .课后训练1.(2020•模拟)函数()f x 满足3()()()()(f x f y f x y f x y x =++-,)y R ∈,且f (1)13=,则(2020)(f =) A .23B .23-C .13-D .13【解答】解:取1x =,0y =,得3(0)f f (1)f =(1)f +(1)23=,2(0)3f ∴=, 取x n =,1y =,有3()f n f (1)(1)(1)f n f n =++-,即()(1)(1)f n f n f n =++-, 同理:(1)(2)()f n f n f n +=++,(2)(1)f n f n ∴+=--,()(3)(6)f n f n f n ∴=--=- 所以函数是周期函数,周期6T =,故(2020)(33364)f f f =⨯+=(4). 3()()()()f x f y f x y f x y =++-令1x y ==,得23f (1)f =(2)(0)f +,可得f (2)13=-,令2x =,1y =,得3f (2)f (1)f =(3)f +(1),解得f (3)23=-,令3x =,1y =,得3f (3)f (1)f =(4)f +(2),解得f (4)13=-.1(2020)3f ∴=-;选:C .2.(2019秋•北碚区校级期末)已知函数()f x 是定义在R 上的函数,且满足2(1)(1)f x f x +=--,f (1)2<且f (1)0≠,则(2019)f 的取值范围为( ) A .(,1)-∞- B .(1,)-+∞C .(1,)+∞D .(-∞,1)(0-⋃,)+∞解:由题意,令1t x =-,则12x t +=+,故2(2)()f t f t +=-. 22(4)()2(2)()f t f t f t f t +=-=-=+-.∴函数()f x 是以4为最小正周期的周期函数.201945043÷=⋯,(2019)f f ∴=(3)22(21)(21)(1)f f f =+=-=--. f (1)2<且f (1)0≠,∴10(1)f <,或11(1)2f >,则20(1)f ->,或21(1)f -<-. (2019)f ∴的取值范围为(-∞,1)(0-⋃,)+∞.故选:D .3.(2020•许昌一模)已知定义域为R 的函数()f x 满足()()f x f x -=,1(2)()f x f x +=,当[0x ∈,2]时,2()2log (3)f x x =+,则(923)(f = )A .16B .923C .4D .1解:因为定义域为R 的函数()f x 满足()()f x f x -=,所以函数()f x 是偶函数, 又因为1(2)()f x f x +=,所以11(4)()1(2)()f x f x f x f x +===+,所以函数()f x 的周期是4, 所以(923)(42303)f f f =⨯+=(3)(1)f f =-=(1),因为当[0x ∈,2]时,2()2log (3)f x x =+,所以(923)f f =(1)22log 44==,故选:C .4.(2019秋•大理市校级期末)已知函数()f x 是定义在R 上的奇函数,对任意的x R ∈都有33()()22f x f x +=-,当3(,0)2x ∈-时,12()log (1)f x x =-,则(2017)(2019)(f f += )A .1B .2C .1-D .2-解:根据题意,函数()f x 满足任意的x R ∈都有33()()22f x f x +=-,则()(3)f x f x =-,则函数()f x 是周期为3的周期函数,(2017)(16723)f f f =+⨯=(1),(2019)(6733)(0)f f f =⨯=, 又由函数()f x 是定义在R 上的奇函数,则(0)0f =,3(,0)2x ∈-时,12()log (1)f x x =-,则12(1)log [1(1)]1f -=--=-,则f (1)(1)1f =--=;故(2017)(2019)(0)f f f f +=+(1)1=;故选:A .5.(2020•宝鸡二模)已知函数1()3()3x x f x =+,则使得(2)(1)f x f x >+成立的x 的取值范围是( )A .(,1)-∞B .(1,)+∞C .1(3-,1)D .1(,)(1,)3-∞-+∞解:根据题意,函数1()3()3x x f x =+,有1()3()3x x f x -=+,则函数()f x 为偶函数,其导数()3333(33)30x x x x f x ln ln ln --'=-=-,即函数()f x 在[0,)+∞上为增函数, 若(2)(1)f x f x >+,则有(|2|)(|1|)f x f x >+,即|2||1|x x >+,解可得:13x <-或1x >,即不等式的解集为(-∞,1)(13-⋃,)+∞;故选:D .6.若函数()y f x =在区间[a ,]b 上的图象为连续不断的一条曲线,则下列说法正确的是( ) A .若f (a )f (b )0>,不存在实数(,)c a b ∈使得f (c )0=B .若f (a )f (b )0>,有可能存在实数(,)c a b ∈使得f (c )0=C .若f (a )f (b )0<,存在且只存在一个实数(,)c a b ∈使得f (c )0=D .若f (a )f (b )0<,有可能不存在实数(,)c a b ∈使得f (c )0= 解:首先,设函数()y f x =在区间[a ,]b 上的图象如下图:上图满足f (a )f (b )0>,有可能存在实数(,)c a b ∈使得f (c )0=,故A 错误,B 正确; 其次,设函数()y f x =在区间[a ,]b 上的图象如图: 上图满足f (a )f (b )0<,但C 都错误,D 、根据零点存在定理,一定存在实数(,)c a b ∈使得f (c )0=,所以D 错误,故选:B .7设函数()f x 是定义在R 上的周期为2的函数,对任意的实数x ,恒()()0f x f x --=,当[1x ∈-,0]时,2()f x x =,若()()log (||1)a g x f x x =-+在R 上有且仅有五个零点,则a 的取值范围为( ) A .[3,5] B ..[2,4]C ..(3,5)D ..(2,4)解:())()0f x f x --=,()()f x f x ∴=-,()f x ∴是偶函数,根据函数的周期和奇偶性作出()f x 的图象如图所示()()log (||1)a g x f x x =-+在R 上有且仅有五个零点,又log (||1)a y x =+也是偶函数且都过(0,0)()y f x ∴=和log (||1)a y x =+在(0,)+∞上只有2个交点,∴(11)1(31)11a a log log a +'<⎧⎪+<⎨⎪>⎩,解得24a <<.故选:D .8.(2019秋•上饶期末)若函数2()1af x lg x =+在(0,)+∞内存在两个互异的x ,使得(1)()f x f x f +=+(1)成立,则a 的取值范围是( ) A.(3-+B.(3C.(1,3 D.(2,3+解:根据条件可得f (1)2alg=,0a >, 且在(0,)+∞上,存在两个不同的x 使得22(1)112a a alglg lgx x =++++成立, 即存在两个互异的(0,)x ∈+∞,使得2222(2)2(22)0a a x a x a a -++-=成立, ①若220a a -=,即2a =时,方程可化为840x +=,解得12x =-,不满足条件,②若220a a -≠时,2()20i a a ->,即2a >时,要想满足条件,则422222244(2)(22)02022202a a a a a a a a a aa a⎧⎪=--->⎪⎪->⎨-⎪⎪->⎪-⎩, 此时因为20a >,220a a ->,故22202a a a-<-矛盾;2()20ii a a -<,即02a <<时,则422222244(2)(22)02022202a a a a a a a a a aa a⎧⎪=--->⎪⎪->⎨-⎪⎪->⎪-⎩,此时(1,3a ∈-,故选:B . 9.(2019秋•安徽期中)定义在R 上的偶函数()f x 满足(4)()f x f x -=,且当[0x ∈,2]时,()f x x =,则(2019)f 的值为( )A .1-B .0C .1D .2解:根据题意,()f x 为偶函数,则()()f x f x -=,又由(4)()f x f x -=,则有(4)()f x f x -=-,变形可得(4)()f x f x +=, 即函数()f x 是周期为4的周期函数,又由[0x ∈,2]时,()f x x =,则()f x 的图象如图所示, 则(2019)(20194505)(1)f f f f =-⨯=-=(1)1=,故选:C .10.(2019秋•运城期中)已知定义在R 上的函数()f x 满足(32)(21)f x f x -=-,且()f x 在[1,)+∞上单调递增,则( )A .0.3 1.13(0.2)(log 0.5)(4)f f f <<B .0.3 1.13(0.2)(4)(log 0.5)f f f <<C . 1.10.33(4)(0.2)(log 0.5)f f f <<D .0.3 1.13(log 0.5)(0.2)(4)f f f <<解:因为由(32)(21)f x f x -=-,所以函数()f x 关于1x =对称, 又因为()f x 在[1,)+∞上单调递增,所以()f x 在(,1)-∞上单调递减,0.3 1.131log 0.500.2144-<<<<<<,所以0.3 1.13(02)(0.5)(4)f f log f <<,故选:A .11.已知定义在R 上的函数()f x ,对任意实数x ,y 满足:()()()f x y f x f y +=,若(0,)x ∈+∞时,0()1f x <<恒成立,则满足不等式2(4)1f x -<的实数x 的取值范围是 .解:特值法,不妨设()(01)x f x a a =<<,满足()()()f x y f x f y +=,且(0,)x ∈+∞时,0()1f x <<恒成立, 则不等式2(4)1f x -<等价于2(4)(0)f x f -<,由函数()f x 为R 上的减函数,故240x ->,解得2x <-或2x >; 故答案为:(-∞,2)(2-⋃,)+∞.12.(2019秋•沙坪坝区校级期末)定义在R 上的函数()f x 满足(2)f x -是偶函数,且对任意x R ∈恒有(3)(1)2020f x f x -+-=,又(2)2019f -=,则(2020)f = .解:定义在R 上的函数()f x 满足(2)f x -是偶函数,(2)(2)f x f x ∴--=-, x R ∀∈,有(3)(1)2020f x f x -+-=,(4)(2)2020f x f x ∴-+-=,(4)(2)2020f x f x ∴-+--=,即(4)(2)2020f x f x ++-=,从而有(6)()2020f x f x ++=,(12)(6)2020f x f x +++=,(12)()f x f x ∴+=,即函数()f x 的最小正周期为12,(2020)(121684)f f f ∴=⨯+=(4)2020(2)1f =--=,故答案为:1. 13.(2019秋•天河区校级期末)已知定义在R 上的函数()F x 满足()()()F x y F x F y +=+,且当0x >时,()0F x <,若对任意[0x ∈,1],不等式组22(2)(4)()(3)F kx x F k F x kx F k ⎧-<-⎨-<-⎩恒成立,则实数k 的取值范围是 . 解:设12x x <,则210x x ->,则21()0F x x -<;则22111()()()()F x F x x F x F x =-+<,则函数()F x 在R 上为减函数; 则对任意[0x ∈,1],不等式组22(2)(4)()(3)F kx x F k F x kx F k ⎧-<-⎨-<-⎩恒成立可化为 22243kx x k x kx k ⎧->-⎨->-⎩对[0x ∈,1]成立,依题22()240()30f x x kx k g x x kx k ⎧=-+-<⎨=--+>⎩对[0x ∈,1]成立,由于()0f x <对[0x ∈,1]成立,则(0)40(1)30f k f k =-<⎧⎨=--<⎩,解得,34k -<<;由于()0g x >对[0x ∈,1]成立,234(1)211x k x x x +∴<=++-++恒成立;2k ∴<;综上所述,32k -<<.故答案为:(3,2)-.14.(2020•攀枝花一模)已知函数()f x 对x R ∀∈满足(2)()f x f x +=-,(1)()(2)f x f x f x +=+,且()0f x >,若f (1)4=,则(2019)(2020)f f += . 解:(1)()(2)f x f x f x +=+,(2)(1)(3)f x f x f x ∴+=++,(2)()(2)(3)f x f x f x f x ∴+=++,且()0f x >, ()(3)1f x f x ∴+=,即1()(3)f x f x =+,则1(3)(6)f x f x +=+,()(6)f x f x ∴=+,即函数()f x 的周期为6,(2019)(2020)f f f ∴+=(3)f +(4), 令0x =,则f (1)(0)f f =(2)4=,且(0)f f =(2),()0f x >,(0)f f ∴=(2)2=, 令1x =,则f (2)f =(1)f (3),即24f =(3),∴1(3)2f =, 令2x =,则f (3)f =(2)f (4),即12(4)2f =,∴1(4)4f =, ∴113(2019)(2020)(3)(4)244f f f f +=+=+=.故答案为:34.。

抽象函数-题型大全(例题-含答案)

抽象函数-题型大全(例题-含答案)

下考抽象函数本领归纳之阳早格格创做由于函数观念比较抽象,教死对付解有闭函数暗号()f x 的问题感触艰易,教佳那部分知识,能加深教死对付函数观念的明白,更佳天掌握函数的本量,培植机动性;普及解题本领,劣化教死数教思维素量.现将罕睹解法及意义归纳如下:一、供表白式:1.换元法:即用中间变量表示本自变量x 的代数式,从而供出()f x ,那也是证某些公式大概等式时常使用的要领,此法解培植教死的机动性及变形本领.例1:已知 ()211x f x x =++,供()f x . 解:设1x u x =+,则1u x u =-∴2()2111u uf u u u -=+=--∴2()1x f x x-=- 2.拼集法:正在已知(())()f g x h x =的条件下,把()h x 并凑成以()g u 表示的代数式,再利用代换即可供()f x .此解法简净,还能进一步复习代换法.例2:已知3311()f x x x x +=+,供()f x解:∵22211111()()(1)()(()3)f x x x x x x xx x x +=+-+=++-又∵11||||1||x x x x +=+≥ ∴23()(3)3f x x x x x =-=-,(|x |≥1)3.待定系数法:先决定函数典型,设定函数闭系式,再由已知条件,定出闭系式中的已知系数.例3. 已知()f x 二次真函数,且2(1)(1)f x f x x ++-=+2x +4,供()f x . 解:设()f x =2ax bx c ++,则22(1)(1)(1)(1)(1)(1)f x f x a x b x c a x b x c ++-=+++++-+-+=22222()24ax bx a c x x +++=++比较系数得2()41321,1,2222a c a a b c b +=⎧⎪=⇒===⎨⎪=⎩∴213()22f x x x =++ 4.利用函数本量法:主要利用函数的奇奇性,供分段函数的剖析式.y =()f x 为奇函数,当 x >0时,()lg(1)f x x =+,供()f x解:∵()f x 为奇函数,∴()f x 的定义域闭于本面对付称,故先供x <0时的表白式.∵-x >0,∴()lg(1)lg(1)f x x x -=-+=-,∵()f x 为奇函数,∴lg(1)()()x f x f x -=-=-∴当x <0时()lg(1)f x x =--∴lg(1),0()lg(1),0x x f x x x +≥⎧=⎨--<⎩例5.一已知()f x 为奇函数,()g x 为奇函数,且有()f x +1()1g x x =-, 供()f x ,()g x . 解:∵()f x 为奇函数,()g x 为奇函数,∴()()f x f x -=,()()g x g x -=-,无妨用-x 代换()f x +()g x =11x -………①中的x , ∴1()()1f xg x x -+-=--即()f x -1()1g x x =-+……② 隐睹①+②即可消去()g x ,供出函数21()1f x x =-再代进①供出2()1xg x x =- 5.赋值法:给自变量与特殊值,从而创造顺序,供出()f x 的表白式例6:设()f x 的定义域为自然数集,且谦脚条件(1)()()f x f x f y xy +=++,及(1)f =1,供()f x解:∵()f x 的定义域为N ,与y =1,则有(1)()1f x f x x +=++∵(1)f =1,∴(2)f =(1)f +2,(3)(2)3f f =+……()(1)f n f n n =-+以上各式相加,有()f n =1+2+3+……+n =(1)2n n +∴1()(1),2f x x x x N =+∈ 二、利用函数本量,解()f x 的有闭问题1.推断函数的奇奇性:例7 已知()()2()()f x y f x y f x f y ++-=,对付一确真数x 、y 皆创造,且(0)0f ≠,供证()f x 为奇函数.道明:令x =0, 则已知等式形成()()2(0)()f y f y f f y +-=……①正在①中令y =0则2(0)f =2(0)f ∵(0)f ≠0∴(0)f =1∴()()2()f y f y f y +-=∴()()f y f y -=∴()f x 为奇函数.例8:奇函数()f x 正在定义域(-1,1)内递减,供谦脚2(1)(1)0f m f m -+-<的真数m 的与值范畴. 解:由2(1)(1)0f m f m -+-<得2(1)(1)f m f m -<--,∵()f x 为函数,∴2(1)(1)f m f m -<-又∵()f x 正在(-1,1)内递减,∴221111110111m m m m m -<-<⎧⎪-<-<⇒<<⎨⎪->-⎩3.解大概式的有闭题目例9:如果()f x =2ax bx c ++对付任性的t 有(2)2)f t f t +=-,比较(1)(2)(4)f f f 、、的大小 解:对付任性t 有(2)2)f t f t +=-∴x =2为扔物线y =2ax bx c ++的对付称轴 又∵其启心进与∴f (2)最小,f (1)=f (3)∵正在[2,+∞)上,()f x 为删函数∴f (3)<f (4),∴f (2)<f (1)<f (4)五类抽象函数解法1、线性函数型抽象函数线性函数型抽象函数,是由线性函数抽象而得的函数.例1、已知函数f(x)对付任性真数x,y,均有f(x+y)=f(x)+f(y),且当x>0时,f(x)>0,f(-1)=-2,供f(x)正在区间[-2,1]上的值域.领会:由题设可知,函数f(x)是的抽象函数,果此供函数f(x)的值域,闭键正在于钻研它的单调性.解:设,∵当,∴,∵,∴,即,∴f(x)为删函数.正在条件中,令y=-x,则,再令x=y=0,则f(0)=2 f(0),∴f(0)=0,故f(-x)=f(x),f(x)为奇函数,∴f(1)=-f(-1)=2,又f(-2)=2 f(-1)=-4,∴f(x)的值域为[-4,2].例2、已知函数f(x)对付任性,谦脚条件f(x)+f(y)=2 + f(x+y),且当x>0时,f(x)>2,f(3)=5,供不等式的解.领会:由题设条件可预测:f(x)是y=x+2的抽象函数,且f(x)为单调删函数,如果那一预测精确,也便不妨脱去不等式中的函数标记,从而可供得不等式的解. 解:设,∵当,∴,则,即,∴f(x)为单调删函数.∵,又∵f(3)=5,∴f(1)=3.∴,∴,即,解得不等式的解为-1 < a < 3.2、指数函数型抽象函数例3、设函数f(x)的定义域是(-∞,+∞),谦脚条件:存留,使得,对付所有x战y,创造.供:(1)f(0);(2)对付任性值x,推断f(x)值的正背.领会:由题设可预测f(x)是指数函数的抽象函数,从而预测f (0)=1且f(x)>0.解:(1)令y=0代进,则,∴.若f(x)=0,则对付任性,有,那与题设冲突,∴f(x)≠0,∴f(0)=1.(2)令y=x≠0,则,又由(1)知f(x)≠0,∴f(2x)>0,即f(x)>0,故对付任性x,f(x)>0恒创造.例4、是可存留函数f(x),使下列三个条件:①f(x)>0,x∈N;②;③f(2)=4.共时创造?若存留,供出f (x)的剖析式,如不存留,道明缘由.领会:由题设可预测存留,又由f(2)=4可得a=2.故预测存留函数,用数教归纳法道明如下:(1)x=1时,∵,又∵x∈N时,f(x)>0,∴,论断精确.(2)假设时有,则x=k+1时,,∴x=k+1时,论断精确.综上所述,x为十足自然数时.3、对付数函数型抽象函数对付数函数型抽象函数,即由对付数函数抽象而得到的函数.例5、设f(x)是定义正在(0,+∞)上的单调删函数,谦脚,供:(1)f(1);(2)若f(x)+f(x-8)≤2,供x的与值范畴.领会:由题设可预测f(x)是对付数函数的抽象函数,f(1)=0,f(9)=2.解:(1)∵,∴f(1)=0.(2),从而有f(x)+f(x-8)≤f(9),即,∵f(x)是(0,+∞)上的删函数,故,解之得:8<x≤9.例6、设函数y=f(x)的反函数是y=g(x).如果f(ab)=f(a)+f(b),那么g(a+b)=g(a)·g(b)是可精确,试道明缘由.领会: 由题设条件可预测y=f(x)是对付数函数的抽象函数,又∵y =f(x)的反函数是y=g(x),∴y=g(x)必为指数函数的抽象函数,于是预测g(a+b)=g(a)·g(b)精确.解:设f(a)=m,f(b)=n,由于g(x)是f(x)的反函数,∴g (m)=a,g(n)=b,从而,∴g (m)·g(n)=g(m+n),以a、b分别代替上式中的m、n即得g (a+b)=g(a)·g(b).4、三角函数型抽象函数三角函数型抽象函数即由三角函数抽象而得到的函数.例7、己知函数f(x)的定义域闭于本面对付称,且谦脚以下三条件:①当是定义域中的数时,有;②f(a)=-1(a>0,a是定义域中的一个数);③当0<x<2a时,f(x)<0.试问:(1)f(x)的奇奇性怎么样?道明缘由.(2)正在(0,4a)上,f(x)的单调性怎么样?道明缘由.领会: 由题设知f(x)是的抽象函数,从而由及题设条件预测:f(x)是奇函数且正在(0,4a)上是删函数(那里把a瞅成举止预测).解:(1)∵f(x)的定义域闭于本面对付称,且是定义域中的数时有,∴正在定义域中.∵,∴f(x)是奇函数.(2)设0<x1<x2<2a,则0<x2-x1<2a,∵正在(0,2a)上f(x)<0,∴f(x1),f(x2),f(x2-x1)均小于整,从而知中的,于是f(x1)<f(x2),∴正在(0,2a)上f(x)是删函数.又,∵f(a)=-1,∴,∴f (2a)=0,设2a<x<4a,则0<x-2a<2a,,于是f(x)>0,即正在(2a,4a)上f(x)>0.设2a<x1<x2<4a,则0<x2-x1<2a,从而知f(x1),f (x2)均大于整.f(x2-x1)<0,∵,∴,即f(x1)<f(x2),即f(x)正在(2a,4a)上也是删函数.综上所述,f(x)正在(0,4a)上是删函数.5、幂函数型抽象函数幂函数型抽象函数,即由幂函数抽象而得到的函数.例8、已知函数f(x)对付任性真数x、y皆有f(xy)=f(x)·f(y),且f(-1)=1,f(27)=9,当时,.(1)推断f(x)的奇奇性;(2)推断f(x)正在[0,+∞)上的单调性,并给出道明;(3)若,供a的与值范畴.领会:由题设可知f(x)是幂函数的抽象函数,从而可预测f(x)是奇函数,且正在[0,+∞)上是删函数.解:(1)令y=-1,则f(-x)=f(x)·f(-1),∵f(-1)=1,∴f(-x)=f(x),f(x)为奇函数.(2)设,∴,,∵时,,∴,∴f(x1)<f(x2),故f(x)正在0,+∞)上是删函数.(3)∵f(27)=9,又,∴,∴,∵,∴,∵,∴,又,故.抽象函数罕睹题型解法综述抽象函数是指不给出函数的简曲剖析式,只给出了一些体现函数个性的式子的一类函数.由于抽象函数表示形式的抽象性,使得那类问题成为函数真量的易面之一.本文便抽象函数罕睹题型及解法评析如下:一、定义域问题例1. 已知函数的定义域是[1,2],供f(x)的定义域.解:的定义域是[1,2],是指,所以中的谦脚从而函数f(x)的定义域是[1,4]评析:普遍天,已知函数的定义域是A,供f(x)的定义域问题,相称于已知中x的与值范畴为A,据此供的值域问题.例2. 已知函数的定义域是,供函数的定义域.解:的定义域是,意义是凡是被f效率的对付象皆正在中,由此可得所以函数的定义域是评析:那类问题的普遍形式是:已知函数f(x)的定义域是A,供函数的定义域.精确明白函数标记及其定义域的含意是供解此类问题的闭键.那类问题真量上相称于已知的值域B,且,据此供x 的与值范畴.例2战例1形式上正好同.二、供值问题例3. 已知定义域为的函数f(x),共时谦脚下列条件:①;②,供f(3),f(9)的值.解:与,得果为,所以又与得评析:通过瞅察已知与已知的通联,巧妙天赋值,与,那样便把已知条件与欲供的f(3)相通了起去.赋值法是解此类问题的时常使用本领.三、值域问题例4. 设函数f(x)定义于真数集上,对付于任性真数x、y,总创造,且存留,使得,供函数的值域.解:令,得,即有大概.若,则,对付任性均创造,那与存留真数,使得创造冲突,故,必有.由于对付任性均创造,果此,对付任性,有底下去道明,对付任性设存留,使得,则那与上头已证的冲突,果此,对付任性所以评析:正在处理抽象函数的问题时,往往需要对付某些变量举止符合的赋值,那是普遍背特殊转移的需要脚法.四、剖析式问题例5. 设对付谦脚的所有真数x,函数谦脚,供f(x)的剖析式.解:正在中以代换其中x,得:再正在(1)中以代换x,得化简得:评析:如果把x战分别瞅做二个变量,何如真止由二个变量背一个变量的转移是解题闭键.常常情况下,给某些变量符合赋值,使之正在闭系中“消得”,从而死存一个变量,是真止那种转移的要害战术.五、单调性问题例6. 设f(x)定义于真数集上,当时,,且对付于任性真数x、y,有,供证:正在R上为删函数.道明:正在中与,得若,令,则,与冲突所以,即有当时,;当时,而所以又当时,所以对付任性,恒有设,则所以所以正在R上为删函数.评析:普遍天,抽象函数所谦脚的闭系式,应瞅做给定的运算规则,则变量的赋值大概变量及数值的领会与拉拢皆应尽管与已知式大概所给闭系式及所供的截止相闭联.六、奇奇性问题例7. 已知函数对付任性不等于整的真数皆有,试推断函数f(x)的奇奇性.解:博得:,所以又博得:,所以再与则,即果为为非整函数,所以为奇函数.七、对付称性问题例8. 已知函数谦脚,供的值.解:已知式即正在对付称闭系式中与,所以函数的图象闭于面(0,2002)对付称.根据本函数与其反函数的闭系,知函数的图象闭于面(2002,0)对付称.所以将上式中的x用代换,得评析:那是共一个函数图象闭于面成核心对付称问题,正在解题中使用了下述命题:设a、b均为常数,函数对付一确真数x皆谦脚,则函数的图象闭于面(a,b)成核心对付称图形.八、搜集概括问题例9. 定义正在R上的函数f(x)谦脚:对付任性真数m,n,总有,且当x>0时,0<f(x)<1.(1)推断f(x)的单调性;(2)设,,若,试决定a的与值范畴.解:(1)正在中,令,得,果为,所以.正在中,令果为当时,所以当时而所以又当x=0时,,所以,综上可知,对付于任性,均有.设,则所以所以正在R上为减函数.(2)由于函数y=f(x)正在R上为减函数,所以即有又,根据函数的单调性,有由,所以曲线与圆里无大众面.果此有,解得.评析:(1)要计划函数的单调性必定波及到二个问题:一是f(0)的与值问题,二是f(x)>0的论断.那是解题的闭键性步调,完毕那些要正在抽象函数式中举止.由特殊到普遍的解题思维,奇像类比思维皆有帮于问题的思索妥协决.定义正在R 上的函数f x ()谦脚:f x f x ()()=-4且f x f x ()()220-+-=,供f ()2000的值.解:由f x f x ()()220-+-=, 以t x =-2代进,有f t f t ()()-=,∴f x ()为奇函数且有f ()00=又由f x f x ()[()]+=--44故f x ()是周期为8的周期函数,例2 已知函数f x ()对付任性真数x y ,皆有f x y f x f y ()()()+=+,且当x >0时,f x f ()()>-=-012,,供f x ()正在[]-21,上的值域.解:设x x 12< 且x x R 12,∈, 则x x 210->,由条件当x >0时,f x ()>0 又f x f x x x ()[()]2211=-+∴f x ()为删函数,令y x =-,则f f x f x ()()()0=+-又令x y ==0得f ()00=∴-=-f x f x ()(),故f x ()为奇函数,∴=-=f f ()()112,f f ()()-=-=-2214∴-f x ()[]在,21上的值域为[]-42,二. 供参数范畴那类参数隐含正在抽象函数给出的运算式中,闭键是利用函数的奇奇性战它正在定义域内的删减性,去掉“f ”标记,转移为代数不等式组供解,但是要特天注意函数定义域的效率.例3 已知f x ()是定义正在(-11,)上的奇函数,且正在(0,1)上为删函数,谦脚f a f a ()()---<2402,试决定a 的与值范畴. 解: f x ()是奇函数,且正在(0,1)上是删函数,∴f x ()正在()-10,上是减函数,由-<-<-<-<⎧⎨⎩1211412a a 得35<<a . (1)当a =2时,f a f a f ()()()-=-=2402,不等式不可坐.(2)当32<<a 时,(3)当25<<a 时,综上所述,所供a 的与值范畴是()()3225,, . 例 4 已知f x ()是定义正在(]-∞,1上的减函数,若f m x f m x (sin )(cos )221-≤++对付x R ∈恒创造,供真数m 的与值范畴.解: m x m x m x m x 22223131-≤++≤-≥++⎧⎨⎪⎩⎪sin cos sin cos对付x R ∈恒创造⇔-≤-≥++⎧⎨⎪⎩⎪m x m x m x22231sin sin cos 对付x R ∈恒创造⇔ 对付x R ∈恒创造, 三. 解不等式那类不等式普遍需要将常数表示为函数正在某面处的函数值,再通过函数的单调性去掉函数标记“f ”,转移为代数不等式供解.例5 已知函数f x ()对付任性x y R ,∈有f x f y f x y ()()()+=++2,当x >0时,f x ()>2,f ()35=,供不等式f a a ()2223--<的解集. 解:设x x R 12、∈且x x 12< 则x x 210-> ∴->f x x ()212, 即f x x ()2120-->, 故f x ()为删函数, 又f f f f f ()()()()()3212123145=+=+-=-=果此不等式f a a ()2223--<的解集为{}a a |-<<13. 四. 道明某些问题例6 设f x ()定义正在R 上且对付任性的x 有f x f x f x ()()()=+-+12,供证:f x ()是周期函数,并找出它的一个周期.领会:那共样是不给出函数表白式的抽象函数,其普遍解法是根据所给闭系式举止递推,若能得出f x T f x ()()+=(T 为非整常数)则f x ()为周期函数,且周期为T. 道明: f x f x f x ()()()()=+-+121()()12+得f x f x ()()()=-+33由(3)得f x f x ()()()+=-+364 由(3)战(4)得f x f x ()()=+6.上式对付任性x R ∈皆创造,果此f x ()是周期函数,且周期为6. 例7 已知f x ()对付十足x y ,,谦脚f f x y f x f y ()()()()00≠+=⋅,,且当x <0时,f x ()>1,供证:(1)x >0时,01<<f x ();(2)f x ()正在R 上为减函数.道明: 对付十足x y R ,∈有f x y f x f y ()()()+=⋅.且f ()00≠,令x y ==0,得f ()01=, 现设x >0,则-<x 0,f x ()->1, 而f f x f x ()()()01=⋅-=∴<<01f x (),设x x R 12,∈且x x 12<, 则0121<-<f x x (),∴>f x f x ()()12,即f x ()为减函数. 五. 概括问题供解抽象函数的概括问题普遍易度较大,常波及到多个知识面,抽象思维程度央供较下,解题时需掌控佳如下三面:一是注意函数定义域的应用,二是利用函数的奇奇性去掉函数标记“f ”前的“背号”,三是利用函数单调性去掉函数标记“f ”.例8 设函数y f x =()定义正在R 上,当x >0时,f x ()>1,且对付任性m n ,,有f m n f m f n ()()()+=⋅,当m n ≠时f m f n ()()≠.(1)道明f ()01=;(2)道明:f x ()正在R 上是删函数; (3)设{}A x y f x f y f =⋅<()|()()(),221,B x y f ax by c a b c R a =++=∈≠{()|()},,,,,10,若A B =∅,供a b c ,,谦脚的条件.解:(1)令m n ==0得f f f ()()()000=⋅, ∴=f ()00大概f ()01=.若f ()00=,当m ≠0时,有fm fm f ()()()+=⋅00,那与当m n ≠时,f m f n ()()≠冲突, ∴=f ()01. (2)设x x 12<,则x x 210->,由已知得f x x ()211->,果为x 10≥,f x ()11>,若x 10<时,->->x f x 1101,(),由f fx f x ()()()011=⋅- (3)由f x f y f ()()()221⋅<得x y 2211+<()由f a x b y c ()++=1得a x b y c ++=0(2) 从(1)、(2)中消去y 得()a b x a c x c b 2222220+++-<,果为AB =∅ ∴=-+-<∆()()()24022222a c ab cb , 即a bc 222+<例9 定义正在(-11,)上的函数f x ()谦脚(1),对付任性x y ,,∈-()11皆有f x f y f x yx y()()()+=++1,(2)当x ∈-()10,时,有f x ()>0,(1)试推断f x ()的奇奇性;(2)推断f x ()的单调性;(3)供证f f f n nf ()()()()15111131122+++++>…. 领会:那是一讲以抽象函数为载体,钻研函数的单调性与奇奇性,再以那些本量为前提去钻研数列供战的概括题.解:(1)对付条件中的x y ,,令x y ==0,再令y x =-可得f f f f x f x f f x f x ()()()()()()()()000000+=+-=⎧⎨⎩⇒=-=-⎧⎨⎩,所以f x ()是奇函数. (2)设-<<<1012x x ,则fx fx fx f x f x x x x ()()()()()121212121-=+-=-- x x x x 1212001-<<<,, ∴--<x x x x 121210,由条件(2)知f x xx x ()121210-->,从而有f x f x ()()120->,即f x f x ()()12>,故f x ()()在,-10上单调递减,由奇函数本量可知,f x ()正在(0,1)上仍是单调减函数. (3) f n n ()1312++ 抽象函数问题分类剖析咱们将不精确给出剖析式的函数称为抽象函数.连年去抽象函数问题频频出现于百般考查题中,由于那类问题抽象性强,机动性大,普遍共教感触狐疑,供解无从下脚.本文试图通过真例做分类剖析,供教习参照. 1. 供定义域那类问题只消紧紧抓住:将函数f g x [()]中的g x ()瞅做一个完全,相称于f x ()中的x 那一个性,问题便会迎刃而解.例1. 函数y f x =()的定义域为(]-∞,1,则函数y f x =-[l o g ()]222的定义域是___.领会:果为l o g()22x 2-相称于f x ()中的x ,所以l o g()2221x -≤,解得 22<≤x 大概-≤<-22x . 例2. 已知f x ()的定义域为(0),1,则y f x a f x a a =++-≤()()(||)12的定义域是______.领会:果为x a +及x a -均相称于f x ()中的x ,所以 (1)当-≤≤120a 时,则x a a ∈-+(),1 (2)当012<≤a 时,则x a a ∈-(),12. 推断奇奇性根据已知条件,通过妥当的赋值代换,觅供f x ()与f x ()-的闭系. 例 3. 已知f x ()的定义域为R ,且对付任性真数x ,y 谦脚fx y fx f y()()()=+,供证:f x ()是奇函数. 领会:正在fx y fx f y ()()()=+中,令x y ==1, 得f f f f ()()()()11110=+⇒= 令x y ==-1,得f f f f ()()()()11110=-+-⇒-= 于是fx f x f f x f x ()()()()()-=-⋅=-+=11 故f x ()是奇函数.例4. 若函数y f xf x =≠()(())0与y f x =-()的图象闭于本面对付称,供证:函数y f x =()是奇函数.道明:设y f x =()图象上任性一面为P (x y 00,)y f x =()与y f x=-()的图象闭于本面对付称, ∴P x y ()00,闭于本面的对付称面()--x y 00,正在y f x =-()的图象上,又y f x 00=() 即对付于函数定义域上的任性x 皆有f x f x ()()-=,所以y f x =()是奇函数.3. 推断单调性根据函数的奇奇性、单调性等有闭本量,绘出函数的示企图,以形帮数,问题赶快获解.例5. 如果奇函数f x ()正在区间[]37,上是删函数且有最小值为5,那么f x ()正在区间[]--73,上是A. 删函数且最小值为-5B. 删函数且最大值为-5C. 减函数且最小值为-5D. 减函数且最大值为-5 领会:绘出谦脚题意的示企图1,易知选B.图1例6. 已知奇函数f x ()正在(0),+∞上是减函数,问f x ()正在()-∞,0上是删函数仍旧减函数,并道明您的论断.领会:如图2所示,易知f x ()正在()-∞,0上是删函数,道明如下: 任与xx x x 121200<<⇒->-> 果为f x ()正在(0),+∞上是减函数,所以f x f x ()()-<-12. 又f x ()是奇函数,所以f x f xf x f x ()()()()-=-=1122,, 从而f x f x ()()12<,故f x ()正在()-∞,0上是删函数. 图24. 探供周期性那类问题较抽象,普遍解法是小心领会题设条件,通过类似,奇像出函数本型,通过对付函数本型的领会大概赋值迭代,赢得问题的解.例7. 设函数f x()的定义域为R,且对付任性的x,y有f x y f x y f x f y()()()()++-=⋅2,并存留正真数c,使f c()2=.试问f x()是可为周期函数?假如,供出它的一个周期;若不是,请道明缘由.领会:小心瞅察领会条件,奇像三角公式,便会创造:y x=c o s谦脚题设条件,且cosπ2=,预测f x()是以2c为周期的周期函数.故f x()是周期函数,2c是它的一个周期.5. 供函数值紧扣已知条件举止迭代变更,经有限次迭代可曲交供出截止,大概者正在迭代历程中创造函数具备周期性,利用周期性使问题巧妙获解.例8. 已知f x()的定义域为R+,且fxy fx fy()()()+=+对付十足正真数x,y皆创造,若f()84=,则f(2)=_______.领会:正在条件fxy fx fy()()()+=+中,令x y==4,得f f f f()()()()844244=+==,又令x y==2,得f f f(4)(2)(2)=+=2,例9. 已知f x()是定义正在R上的函数,且谦脚:f x f x f x()[()]()+-=+211,f()11997=,供f(2001)的值.领会:紧扣已知条件,并多次使用,创造f x()是周期函数,隐然f x()≠1,于是f x f x f x()() ()+=+ -211,所以f x f x f x ()()()+=-+=814 故f x ()是以8为周期的周期函数,从而 6. 比较函数值大小利用函数的奇奇性、对付称性等本量将自变量转移到函数的单调区间内,而后利用其单调性使问题获解.例10. 已知函数f x ()是定义域为R 的奇函数,x <0时,f x ()是删函数,若x 10<,x 20>,且||||x x 12<,则f x f x ()()--12,的大小闭系是_______. 领会: x x 1200<>,且||||x x 12<, 又x <0时,f x ()是删函数,f x ()是奇函数,故f x f x ()()->-12 7. 计划圆程根的问题例11. 已知函数f x ()对付一确真数x 皆谦脚f x f x ()()11+=-,而且f x ()=0有三个真根,则那三个真根之战是_______.领会:由f x f x ()()11+=-知曲线x =1是函数f x ()图象的对付称轴. 又f x ()=0有三个真根,由对付称性知x 11=必是圆程的一个根,其余二根x x 23,闭于曲线x =1对付称,所以x x 23212+=⨯=,故x x x 1233++=. 8. 计划不等式的解供解那类问题利用函数的单调性举止转移,脱去函数标记.例12. 已知函数f x ()是定义正在(]-∞,1上的减函数,且对付一确真数x ,不等式fk x fk x(s i n )(s i n)-≥-22恒创造,供k 的值. 领会:由单调性,脱去函数暗号,得由题意知(1)(2)二式对付十足x R ∈恒创造,则有 9. 钻研函数的图象那类问题只消利用函数图象变更的有闭论断,便可获解.例13. 若函数y f x =+()2是奇函数,则y f x =()的图象闭于曲线_______对付称.领会:y f x =()的图象右移个单位左移个单位22y f x =+()2的图象,而y f x =+()2是奇函数,对付称轴是x =0,故y f x =()的对付称轴是x =2.例14. 若函数f x ()的图象过面(0,1),则f x ()+4的反函数的图象必过定面______.领会:f x ()的图象过面(0,1),从而f x ()+4的图象过面()-41,,由本函数与其反函数图象间的闭系易知,f x ()+4的反函数的图象必过定面()14,-. 10. 供剖析式例15. 设函数f x ()存留反函数,g x f x h x ()()()=-1,与g x ()的图象闭于曲线x y +=0对付称,则函数h x ()=A. -f x ()B. --f x ()C. --f x 1()D. ---f x 1()领会:央供y h x =()的剖析式,真量上便是供y h x =()图象上任一面Px y ()00,的横、纵坐标之间的闭系.面Px y ()00,闭于曲线y x =-的对付称面()--y x 00,符合y f x =-1(),即-=-x g y 00(). 又gxf x ()()=-1, 即h x f x ()()=--,选B.抽象函数的周期问题2001年下考数教(文科)第22题:设f x ()是定义正在R 上的奇函数,其图象闭于曲线x =1对付称.对付任性x x 12012,,∈[]皆有f xx f xf x ()()()1212+=⋅. (I )设f ()12=,供f f ()()1214,; (II )道明f x ()是周期函数. 剖析:(I )解略.(II )道明:依题设y f x =()闭于曲线x =1对付称 故f x f x x R ()()=-∈2, 又由f x ()是奇函数知 将上式中-x 以x 代换,得那标明f x ()是R 上的周期函数,且2是它的一个周期 f x ()是奇函数的真量是f x ()的图象闭于曲线x =0对付称 又f x ()的图象闭于x =1对付称,可得f x ()是周期函数 且2是它的一个周期由此举止普遍化推广,咱们得到思索一:设f x ()是定义正在R 上的奇函数,其图象闭于曲线x aa =≠()0对付称,道明f x ()是周期函数,且2a 是它的一个周期. 道明: f x ()闭于曲线xa =对付称 又由f x ()是奇函数知f x f x x R ()()-=∈,将上式中-x 以x 代换,得 ∴f x ()是R 上的周期函数且2a 是它的一个周期思索二:设f x ()是定义正在R 上的函数,其图象闭于曲线x a=战x ba b =≠()对付称.道明f x ()是周期函数,且2()b a -是它的一个周期. 道明: f x ()闭于曲线x a x b ==和对付称 将上式的-x 以x 代换得∴f x ()是R 上的周期函数且2()b a -是它的一个周期若把那讲下考题中的“奇函数”换成“奇函数”,f x ()仍旧不是周期函数?通过探索,咱们得到思索三:设f x ()是定义正在R 上的奇函数,其图象闭于曲线x =1对付称.道明f x ()是周期函数,且4是它的一个周期., 道明: f x ()闭于x =1对付称∴=-∈fx f x xR ()()2, 又由f x ()是奇函数知f x f x x R f x f x x R()()()()-=-∈∴-=--∈,,2将上式的-x 以x 代换,得∴f x ()是R 上的周期函数 且4是它的一个周期f x ()是奇函数的真量是f x ()的图象闭于本面(0,0)核心对付称,又f x ()的图象闭于曲线x =1对付称,可得f x ()是周期函数,且4是它的一个周期.由此举止普遍化推广,咱们得到思索四:设f x ()是定义正在R 上的函数,其图象闭于面M a (),0核心对付称,且其图象闭于曲线x bb a =≠()对付称.道明f x ()是周期函数,且4()b a -是它的一个周期.道明: f x ()闭于面M a (),0对付称 ∴-=-∈f a x f x x R ()()2, f x ()闭于曲线x b =对付称∴=-∈∴-=--∈f x f b x x R f b x f a x x R()()()()222,,将上式中的-x 以x 代换,得f b x f a x x R f x b a f b x b a f a x b a f b x a f a x a f x x R()()[()][()][()][()][()]()2242242242222+=-+∈∴+-=++-=-++-=-+-=+-=∈,,∴f x ()是R 上的周期函数 且4()b a -是它的一个周期由上咱们创造,定义正在R 上的函数f x (),其图象若有二条对付称轴大概一个对付称核心战一条对付称轴,则f x ()是R 上的周期函数.进一步咱们料到,定义正在R 上的函数f x (),其图象如果有二个对付称核心,那么f x ()是可为周期函数呢?通过探索,咱们得到思索五:设f x ()是定义正在R 上的函数,其图象闭于面M a (),0战N b a b ()(),0≠对付称.道明f x ()是周期函数,且2()b a -是它的一个周期.道明: f x ()闭于Ma Nb ()(),,,00对付称 ∴-=-∈-=-∈∴-=-∈f a x f x x R f b x f x x Rf a x f b x x R()()()()()()2222,,,将上式中的-x以x 代换,得 f a x f b x x Rf x b a f b x a f a x a f x x R()()[()][()][()]()2222222+=+∈∴+-=+-=+-=∈,,∴f x ()是周期函数且2()b a -是它的一个周期抽象函数解规则道抽象函数是指不给出简曲的函数剖析式大概图像,只给出一些函数标记及其谦脚的条件的函数,如函数的定义域,剖析递推式,特定面的函数值,特定的运算本量等,它是下中函数部分的易面,也是大教下等数教函数部分的一个贯串面,由于抽象函数不简曲的剖析表白式动做载体,果此明白钻研起去比较艰易.但是由于此类试题即能考查函数的观念战本量,又能考查教死的思维本领,所以备受命题者的青睐,那么,何如供解抽象函数问题呢,咱们不妨利用特殊模型法,函数本量法,特殊化要领,奇像类比转移法,等多种要领从多角度,多层里去领会钻研抽象函数问题, 一:函数本量法函数的个性是通过其本量(如奇奇性,单调性周期性,特殊面等)反应出去的,抽象函数也是如许,惟有充分掘掘战利用题设条件战隐含的本量,机动举止等价转移,抽象函数问题才搞转移,化易为易,时常使用的解题要领有:1,利用奇奇性完全思索;2,利用单调性等价转移;3,利用周期性返回已知4;利用对付称性数形分离;5,借帮特殊面,布列圆程等. 二:特殊化要领1正在供解函数剖析式大概钻研函数本量时,普遍用代换的要领,将x 换成-x 大概将x 换成等 2正在供函数值时,可用特殊值代进3钻研抽象函数的简曲模型,用简曲模型解采用题,挖空题,大概由简曲模型函数对付概括题,的解问提供思路战要领.总之,抽象函数问题供解,用惯例要领普遍很易凑效,但是咱们如果能通过对付题脚法疑息领会与钻研,采与特殊的要领战脚法供解,往往会支到事半功倍之成果,真有些山贫火复疑无路,柳暗花明又一村的快感. 1. 已知函数f(x)对付任性x 、y ∈R 皆有f(x+y)=f(x)+ f(y)+3xy(x+y+2)+3,且f(1)=1 ①若t 为自然数,(t>0)试供f(t)的表白式②谦脚f(t)=t 的所有整数t 是可形成等好数列?若能供出此数列,若不克不迭道明缘由 ③若t 为自然数且t≥4时, f(t) ≥mt2+(4m+1)t+3m,恒创造,供m 的最大值. 2. 已知函数f(x)=1)(1)(+-x g x g ,且f(x),g(x)定义域皆是R,且g(x)>0, g(1) =2,g(x) 是删函数. g(m) · g(n)=g(m+n)(m 、n ∈R) 供证:①f(x)是R 上的删函数②当n ∈N,n≥3时,f(n)>1+n n 解: ①设x1>x2g(x)是R 上的删函数, 且g(x)>0 ∴ g(x1) > g(x2) >0 ∴g(x1)+1 > g(x2)+1 >0∴1)(22+x g >1)(21+x g >0∴1)(22+x g -1)(21+x g >0∴f(x1)- f(x2)=1)(1)(11+-x g x g - 1)(1)(22+-x g x g =1-1)(21+x g -(1-1)(22+x g )=1)(22+x g -1)(21+x g >0∴ f(x1) >f(x2)∴ f(x)是R 上的删函数②g(x) 谦脚g(m) · g(n)= g(m+n)(m 、n ∈R) 且g(x)>0 ∴ g(n)=[ g(1)]n=2n 当n ∈N,n≥3时, 2n>n ∴f(n)=1212+-n n=1-122+n ,1+n n =1-11+n2n =(1+1)n =1+n+…+i nC +…+n+1>2n+1∴ 2n+1>2n+2∴122+n<11+n ,即1-122+n>1-11+n∴当n ∈N,n≥3时,f(n)>1+n n3. 设f1(x) f2(x)是(0,+∞)上的函数,且f1(x)单删,设f(x)= f1(x) +f2(x) ,且对付于(0,+∞)上的任性二相同真数x1, x2 恒有| f1(x1)- f1(x2)| >| f2(x1)- f2(x2)|①供证:f (x)正在(0,+∞)上单删. ②设F(x)=x f (x), a>0、b>0. 供证:F(a+b)> F(a)+F(b) . ①道明:设 x1>x2>0f1(x) 正在(0,+∞)上单删f1(x1)- f1(x2)>0∴| f1(x1)- f1(x2)|= f1(x1)- f1(x2)>0| f1(x1)- f1(x2)| >| f2(x1)- f2(x2)|∴f1(x2)- f1(x1)<f2(x1)- f2(x2)< f1(x1)- f1(x2) ∴f1(x1)+f2(x1)> f1(x2)+ f2(x2) ∴f(x1)> f(x2)f (x)正在(0,+∞)上单删 ②F(x)=x f (x), a>0、b>0a+b>a>0,a+b>b>0F(a+b)=(a+b)f(a+b)=af(a+b)+bf(a+b)f (x)正在(0,+∞)上单删∴F(a+b)>af(a)+bf(b)= F(a)+F(b)4. 函数y =f(x)谦脚 ①f(a+b)=f (a)·f (b),②f(4)=16, m 、n 为互量整数,n≠0 供f(nm)的值 f(0) =f(0+0)=f(0) ·f(0)=f2(0)∴f(0) =0大概1.若f(0)=0则f(4)=16=f(0+4)=f(0) ·f(4)=0.(冲突)∴f(1)=1f(4)=f(2) ·f(2)=f(1) ·f(1) ·f(1) ·f(1)=16f(1)=f2(21)≥0 ∴f(1)=2.仿此可证得f(a)≥0.即y=f(x)利害背函数.f(0)=f(a+(-a))=f(a) ·f(-a)∴f(-a)=)(1a f n ∈N*时f(n)=fn(1)=2n,f(-n)=2-nf(1)=f(n 1+n 1+…+n 1)=fn(n1)=2 ∴f(n 1)= n12∴f(nm )=[f(n1)]m= nm 25. 定义正在(-1,1)上的函数f (x)谦脚 ① 任性x 、y ∈(-1,1)皆有f(x)+ f(y)=f (xyyx ++1),②x ∈(-1,0)时, 有f(x) >01) 判决f(x)正在(-1,1)上的奇奇性,并道明缘由 2) 判决f(x)正在(-1,0)上的单调性,并给出道明3) 供证:f (1312++n n )=f (11+n )-f (21+n ) 大概f (51)+f (111)+…+f (1312++n n )> f (21) (n ∈N*)解:1)定义正在(-1,1)上的函数f (x)谦脚任性x 、y ∈(-1,1)皆有f(x)+ f(y)=f (xyyx ++1),则当y=0时, f(x)+ f(0)=f(x) ∴f(0)=0当-x=y 时, f(x)+ f(-x)=f(0)∴f(x)是(-1,1)上的奇函数2) 设0>x1>x2>-1f(x1)-f(x2)= f(x1)+ f(-x2)=)1(2121x x xx f --0>x1>x2>-1 ,x ∈(-1,0)时,有f(x) >0,1-x1 x2>0, x1-x2>0∴)1(2121x x xx f -->0即f(x)正在(-1,0)上单调递加.3)f (1312++n n )=f(12312-++n n ) =f()2)(1(11)2)(1(1++-++n n n n )=f(211112111+•+-+-+n n n n )=f(11+n )-f(21+n ) ∴f (51)+f (111)+…+f (1312++n n ) =f(21)-f(31)+f(31)-f(41)+f(41)+…+f(11+n )-f(21+n )= f(21) -f(21+n )=f(21)+f(-21+n )x ∈(-1,0)时,有f(x) >0∴f(-21+n )>0, f(21)+f(-21+n )>f(21)即f (51)+f (111)+…+f (1312++n n )> f (21)6. 设 f (x)是定义正在R 上的奇函数,其图像闭于曲线x=1对付称, 对付任性x1、x2∈[0,12]皆有f (x1+ x2)=f(x1) ·f(x2), 且f(1)=a>0. ①供f (12)及 f (14);②道明f(x)是周期函数③记an=f(2n+12n ), 供lim ∞→n (lnan)解: ①由f (x)= f (x 2 + x2)=[f(x)]2≥0,f(x)a= f(1)=f(2n·12n )=f(12n +12n +…+12n )=[f (12n )]2解得f (12n)=n a 21∴ f (12)=21a,f (14)=41a . ②f(x)是奇函数,其图像闭于曲线x=1对付称, ∴f(x)=f(-x),f(1+x)=f(1-x).∴f(x+2)=f[1+(1+x)]= f[1-(1+x)]= f(x)=f(-x).∴f(x)是以2为周期的周期函数.③ an=f(2n+12n )= f (12n )=na 21 ∴lim ∞→n (lnan)= lim ∞→n aa 2ln =0 7. 设)(x f y =是定义正在R 上的恒不为整的函数,且对付任性x 、y ∈R 皆有 f(x+y)=f(x)f(y)①供f(0),②设当x<0时,皆有f(x)>f(0)道明当x>0时0<f(x)<1,③设a1=21,an=f(n)(n ∈N* ),sn 为数列{an }前n 项战,供lim ∞→n sn.解:①②仿前几例,略.③ an =f(n), ∴ a1=f(1)=21an+1=f(n+1)=f(n)f(1)=21an ∴数列{an }是尾项为21公比为21的等比数列 ∴sn =1-n ⎪⎭⎫ ⎝⎛21 ∴lim ∞→n sn =18. 设)(x f y =是定义正在区间]1,1[-上的函数,且谦脚条件:(i );0)1()1(==-f f(ii )对付任性的.|||)()(|],1,1[,v u v f u f v u -≤--∈都有(Ⅰ)道明:对付任性的;1)(1],1,1[x x f x x -≤≤--∈都有 (Ⅱ)道明:对付任性的;1|)()(|],1,1[,≤--∈v f u f v u 都有(Ⅲ)正在区间[-1,1]上是可存留谦脚题设条件的奇函数)(x f y =,且使得⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧∈-=-∈-<-].1,21[,|,||)()(|].21,0[,.|||)()(|v u v u v f u f v u v u v f u f 当当。

抽象函数经典综合题33例(含详细解答)

抽象函数经典综合题33例(含详细解答)

抽象函数经典综合题33例(含详细解答)抽象函数,是指没有具体地给出解析式,只给出它的一些特征或性质的函数,抽象函数型综合问题,一般通过对函数性质的代数表述,综合考查学生对于数学符号语言的理解和接受能力,考查对于函数性质的代数推理和论证能力,考查学生对于一般和特殊关系的认识,是考查学生能力的较好途径。

抽象函数问题既是教学中的难点,又是近几年来高考的热点。

本资料精选抽象函数经典综合问题33例(含详细解答)1.定义在R 上的函数y=f(x),f(0)≠0,当x>0时,f(x)>1,且对任意的a 、b ∈R ,有f(a+b)=f(a)f(b), (1)求证:f(0)=1;(2)求证:对任意的x ∈R ,恒有f(x)>0; (3)证明:f(x)是R 上的增函数;(4)若f(x)·f(2x-x 2)>1,求x 的取值范围。

解 (1)令a=b=0,则f(0)=[f(0)]2∵f(0)≠0 ∴f(0)=1 (2)令a=x ,b=-x 则 f(0)=f(x)f(-x) ∴)(1)(x f x f =- 由已知x>0时,f(x)>1>0,当x<0时,-x>0,f(-x)>0 ∴0)(1)(>-=x f x f 又x=0时,f(0)=1>0 ∴对任意x ∈R ,f(x)>0(3)任取x 2>x 1,则f(x 2)>0,f(x 1)>0,x 2-x 1>0 ∴1)()()()()(121212>-=-⋅=x x f x f x f x f x f ∴f(x 2)>f(x 1) ∴f(x)在R 上是增函数(4)f(x)·f(2x-x 2)=f[x+(2x-x 2)]=f(-x 2+3x)又1=f(0), f(x)在R 上递增∴由f(3x-x 2)>f(0)得:3x-x 2>0 ∴ 0<x<3 2.已知函数()f x ,()g x 在R 上有定义,对任意的,x y R ∈有()()()()()f x y f x g y g x f y -=- 且(1)0f ≠(1)求证:()f x 为奇函数(2)若(1)(2)f f =, 求(1)(1)g g +-的值解(1)对x R ∈,令x=u-v 则有f(-x)=f(v-u)=f(v)g(u)-g(v)f(u)=f(u-v)=-[f(u)g(v)- g(u)f(v)]=-f(x)(2)f(2)=f{1-(-1)}=f(1)g(-1)-g(1)f(-1)=f(1)g(-1)+g(1)f(1)=f(1){g(-1)+g(1)} ∵f(2)=f(1)≠0∴g(-1)+g(1)=13.已知函数)(x f 对任意实数y x ,恒有)()()(y f x f y x f +=+且当x >0,.2)1(.0)(-=<f x f 又(1)判断)(x f 的奇偶性;(2)求)(x f 在区间[-3,3]上的最大值; (3)解关于x 的不等式.4)()(2)(2+<-ax f x f ax f解(1)取,0==y x 则0)0()0(2)00(=∴=+f f f取)()()(,x f x f x x f x y -+=--=则)()(x f x f -=-∴对任意R x ∈恒成立 ∴)(x f 为奇函数. (2)任取2121),(,x x x x <+∞-∞∈且, 则012>-x x0)()()(1212<-=-+∴x x f x f x f),()(12x f x f --<∴ 又)(x f 为奇函数 )()(21x f x f >∴ ∴)(x f 在(-∞,+∞)上是减函数. ∴对任意]3,3[-∈x ,恒有)3()(-≤f x f而632)1(3)1()2()12()3(-=⨯-==+=+=f f f f f 6)3()3(=-=-∴f f ∴)(x f 在[-3,3]上的最大值为6(3)∵)(x f 为奇函数,∴整理原式得 )2()()2()(2-+<-+f ax f x f ax f进一步可得)2()2(2-<-ax f x ax f而)(x f 在(-∞,+∞)上是减函数,222->-∴ax x ax .0)1)(2(>--∴x ax∴当0=a 时,)1,(-∞∈x 当2=a 时,}1|{R x x x x ∈≠∈且 当0<a 时,}12|{<<∈x ax x 当20<<a 时, }12|{<>∈x a x x x 或 当a>2时,}12|{><∈x ax x x 或4.已知f (x )在(-1,1)上有定义,f (21)=-1,且满足x ,y ∈(-1,1)有f (x )+f (y )=f (xyy x ++1) ⑴证明:f (x )在(-1,1)⑵对数列x 1=21,x n +1=212nn x x +,求f (x n ); ⑶求证252)(1)(1)(121++->+++n n x f x f x f n(Ⅰ)证明:令x =y =0,∴2f (0)=f (0),∴f (0)=0令y =-x ,则f (x )+f (-x )=f (0)=0 ∴f (x )+f (-x )=0 ∴f (-x )=-f (x )∴f (x )为奇函数 (Ⅱ)解:f (x 1)=f (21)=-1,f (x n +1)=f (212n n x x +)=f (nn n n x x x x ⋅++1)=f (x n )+f (x n )=2f (x n ) ∴)()(1n n x f x f +=2即{f (x n )}是以-1为首项,2为公比的等比数列∴f (x n )=-2n -1 (Ⅲ)解:)2121211()(1)(1)(11221-++++=+++n nx f x f x f 2212)212(21121111->+-=--=---=--n n n而2212)212(252-<+--=++-=++-n n n n ∴252)(1)(1)(121++->+++n n x f x f x f n5.已知函数N x f N x x f y ∈∈=)(,),(,满足:对任意,,,2121x x N x x ≠∈都有)()()()(12212211x f x x f x x f x x f x +>+;(1)试证明:)(x f 为N 上的单调增函数; (2)n N ∀∈,且(0)1f =,求证:()1f n n ≥+;(3)若(0)1f =,对任意,m n N ∈,有1)())((+=+n f m f n f ,证明:∑=<-ni if 141)13(12. 证明:(1)由①知,对任意*,,a b a b ∈<N ,都有0))()()((>--b f a f b a , 由于0<-b a ,从而)()(b f a f <,所以函数)(x f 为*N 上的单调增函数. (2)由(1)可知n N ∀∈都有f(n+1)>f(n),则有f(n+1)≥f(n)+1∴f(n+1)-f(n)1≥, ∴f(n)-f(n-1)1≥ ∙∙∙ ∴ f(2)-f(1)1≥∴f(1)-f(0)1≥由此可得f(n)-f(0)≥n ∴f(n)≥n+1命题得证(3)(3)由任意,m n N ∈,有1)())((+=+n f m f n f 得()1f m = 由f(0)=1得m=0 则f(n+1)=f(n)+1,则f(n)=n+121)311(21311)311(31313131)13(121<-=--=+∙∙∙++=-∑=nn n ni i f6.已知函数()f x 的定义域为[]0,1,且同时满足:(1)对任意[]0,1x ∈,总有()2f x ≥; (2)(1)3f =(3)若120,0x x ≥≥且121x x +≤,则有1212()()()2f x x f x f x +≥+-. (I)求(0)f 的值;(II)求()f x 的最大值;(III)设数列{}n a 的前n 项和为n S ,且满足*12(3),n n S a n N =--∈.求证:123112332()()()()2n n f a f a f a f a n -⨯++++≤+-.解:(I )令120x x ==,由(3),则(0)2(0)2,(0)2f f f ≥-∴≤由对任意[]0,1x ∈,总有()2,(0)2f x f ≥∴= (II )任意[]12,0,1x x ∈且12x x <,则212101,()2x x f x x <-≤∴-≥22112111()()()()2()f x f x x x f x x f x f x ∴=-+≥-+-≥max ()(1)3f x f ∴==(III)*12(3)()n n S a n N =--∈1112(3)(2)n n S a n --∴=--≥ 1111133(2),10n n n n a a n a a --∴=≥=≠∴= 111112113333333()()()()()23()4n n n n n n nn f a f f f f f -∴==+≥+-≥-+ 111143333()()n n f f -∴≤+,即11433())(n n f a f a +≤+。

必修一数学抽象函数习题精选含答案

必修一数学抽象函数习题精选含答案

必修一数学抽象函数习题精选含答案(word版可编辑修改)编辑整理:尊敬的读者朋友们:这里是精品文档编辑中心,本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的,发布之前我们对文中内容进行仔细校对,但是难免会有疏漏的地方,但是任然希望(必修一数学抽象函数习题精选含答案(word版可编辑修改))的内容能够给您的工作和学习带来便利。

同时也真诚的希望收到您的建议和反馈,这将是我们进步的源泉,前进的动力。

本文可编辑可修改,如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅,最后祝您生活愉快业绩进步,以下为必修一数学抽象函数习题精选含答案(word版可编辑修改)的全部内容。

抽象函数单调性和奇偶性1. 抽象函数的图像判断单调性例1.如果奇函数在区间上是增函数且有最小值为5,那么在f x ()[]37,f x ()区间上是( )[]--73,A. 增函数且最小值为B 。

增函数且最大值-5为-5C. 减函数且最小值为D 。

减函数且最大值-5为-5分析:画出满足题意的示意图,易知选B 。

2、抽象函数的图像求不等式的解集例2、已知定义在上的偶函数满足,并且在上为增函数。

R f (x)f (2)0=f (x)(,0)-∞若,则实数的取值范围 。

(1)(a)0a f ->a 二、抽象函数的单调性和奇偶性1。

证明单调性例3.已知函数f(x)= ,且f(x),g(x )定义域都是R,且g(x )〉0, 1)(1)(+-x g x g g(1) =2,g(x) 是增函数。

.(m)(n)(m n)(m,n )g g g R =+∈求证: f (x)是R 上的增函数.解:设x 1〉x 2因为,g(x )是R 上的增函数, 且g (x)>0。

故g(x 1) > g(x 2) 〉0。

g (x 1)+1 > g(x 2)+1 〉0,〉 〉0⇒1)(22+x g 1)(21+x g — 〉0。

⇒1)(22+x g 1)(21+x gf(x 1)- f(x 2)=- =1-—(1-)1)(1)(11+-x g x g 1)(1)(22+-x g x g 1)(21+x g 1)(22+x g =-〉0。

高中抽象函数练习题

高中抽象函数练习题

高中抽象函数练习题一、选择题A. 若f(x)为奇函数,则f(x) = f(x)B. 若f(x)为偶函数,则f(x) = f(x)C. 若f(x)为增函数,则f(a) < f(b),其中a < bD. 若f(x)为减函数,则f(a) > f(b),其中a < bA. f(x)在R上单调递增B. f(x)在R上单调递减C. f(x)在(∞,0)上单调递增D. f(x)在(0,+∞)上单调递减A. f(x)在R上单调递增B. f(x)在R上单调递减C. f(x)在(∞,1)上单调递增D. f(x)在(1,+∞)上单调递减二、填空题1. 已知函数f(x) = 2x + 3,求f(3)的值______。

2. 设函数f(x) = x^2 4x + 3,求f(x)的最小值______。

3. 已知函数f(x) = |x 2|,求f(x)的零点______。

三、解答题1. 设函数f(x) = ax^2 + bx + c(a ≠ 0),讨论f(x)的单调性。

2. 已知函数f(x) = x^3 3x,求f(x)的极值。

3. 设函数f(x) = (1/2)^x,求f(x)在区间[0, 1]上的最大值和最小值。

4. 已知函数f(x) = |x 1| + |x + 1|,求f(x)在R上的最小值。

5. 设函数f(x) = x^2 2x + 1,求证:对于任意x ∈ R,都有f(x) ≥ 0。

6. 已知函数f(x) = (1/2)^x,求证:f(x)在R上单调递减。

7. 设函数f(x) = x^3 3x,求f(x)的拐点。

8. 已知函数f(x) = |x 2| |x + 1|,求f(x)的零点。

9. 设函数f(x) = ax^2 + bx + c(a ≠ 0),讨论f(x)的凹凸性。

10. 已知函数f(x) = x^2 4x + 3,求f(x)在区间[1, 3]上的最大值和最小值。

四、应用题1. 某企业的成本函数为C(x) = 3x^2 + 2x + 10,其中x为生产的产品数量。

抽象函数求值高中数学高考

抽象函数求值高中数学高考

、求值问题例1.对任意实数x,y ,均满足f(x+y 2)=f(x)+2[f(y)] 2且f ⑴丰0,则f(2001)= _____________ 解析:这种求较大自变量对应的函数值,一般从找周期或递推式着手: f(n) 2[f(1)],令 x=0,y=1,得 f(0+1 2)=f(0)+2f[(1)] 2,令 x=y=0,得:f(0)=0,例2. 已知f(x)是定义在 R 上的函数,f(1)=1,且对任意x € R 都有f(x+5) > f(x)+5,f(x+1) < f(x)+1.若 g(x)=f(x)+1-x,贝y g(2002)= _________________ .1解:由 g(x)=f(x)+1-x, 得 f(x)=g(x)+x-1.而 f(x+5) >f(x)+5,所以 g(x+5)+(x+5)-1 >g(x)+x-1+5 , 又 f(x+1) w f(x)+1,所以 g(x+1)+(x+1)-1 w g(x)+x-1+1 即 g(x+5) > g(x),g(x+1) w g(x).所以 g(x) w g(x+5) w g(x+4) w g(x+3) w g(x+2) w g(x+1),故 g(x)=g(x+1) 又 g(1)=1,故 g(2002)=1.例3、已知偶函数 f x 对任意x, y 恒有f x y f x f y 2xy 1成立,求 f 0 , f 1的值.解:取 x y 0 ,得 f 0 0 f 0 f 0 1,得 f 0 1.取 x y 1,得 f 1 1f 1 f12 1,又f x 为偶函数,则f 0 2f 1 1,故f 10.评注:利用抽象函数的条件,通过赋值是解决抽象函数问题的最常用的方法例4.( 1996年高考题)设f (x)是(,)上的奇函数,f(2 x) f (x),当0 x 1时, f(x) x ,则 f (7.5)等于(-0.5 )令x n, y 1,得f(n 1)•-f(1)= ^,即 f(n21)-f( n)2,故 f (n)n—,f (2001)22001 2(A ) 0.5; (B ) -0.5; (C ) 1.5; (D ) -1.5.例5.已知f(x)的定义域为R ,且f (x y) f(x) f(y)对一切正实数x , y 都成立, 若 f (8) 4,则 f (2)。

数学练习题抽象函数(含答案)

数学练习题抽象函数(含答案)

高考一轮专练——抽象函数1. 已知函数y = f (x )(x ∈R ,x ≠0)对任意的非零实数1x ,2x ,恒有f (1x 2x )=f (1x )+f (2x ),试判断f (x )的奇偶性。

2 已知定义在[-2,2]上的偶函数,f (x )在区间[0,2]上单调递减,若f (1-m )<f (m ),求实数m 的取值范围3. 设f(x)是R 上的奇函数,且f(x+3) =-f(x),求f(1998)的值。

4. 设函数()f x 对任意121,[0,]2x x ∈,都有1212()()()f x x f x f x +=⋅,()2f x =已知(1)2f =,求1()2f ,1()4f 的值.5. 已知f (x )是定义在R 上的函数,且满足:f (x+2)[1-f (x )]=1+f (x ),f (1)=1997,求f (2001)的值。

6. 设f (x )是定义R 在上的函数,对任意x ,y ∈R ,有 f (x+y )+f (x-y )=2f (x )f (y )且f (0)≠0.(1)求证f (0)=1;(2)求证:y=f (x )为偶函数.7. 已知定义在R 上的偶函数y=f(x)的一个递增区间为(2,6),试判断(4,8)是y=f(2-x)的递增区间还是递减区间?8. 设f (x )是定义在R 上的奇函数,且对任意a ,b ,当a+b ≠0,都有ba b f a f ++)()(>0(1)若a >b ,试比较f (a )与f (b )的大小;(2)若f (k )293()3--+⋅xx x f <0对x ∈[-1,1]恒成立,求实数k 的取值范围。

9.已知函数()f x 是定义在(-∞,3]上的减函数,已知22(sin )(1cos )f a x f a x -≤++对x R ∈恒成立,求实数a 的取值范围。

10.已知函数(),f x 当,x y R ∈时,恒有()()()f x y f x f y +=+. (1)求证: ()f x 是奇函数;(2)若(3),(24)f a a f -=试用表示.11.已知()f x 是定义在R 上的不恒为零的函数,且对于任意的,都满足: ()()()f a b af b bf a •=+. (1)求(0),(1)f f 的值;(2)判断()f x 的奇偶性,并证明你的结论;(3)若(2)2f =,*(2)()n n f u n N n-=∈,求数列{n u }的前n 项和n s .12.已知定义域为R 的函数()f x 满足22(()))()f f x x x f x x x -+=-+. (1)若(2)3,(1);(0),();f f f a f a ==求又求(2)设有且仅有一个实数0x ,使得00()f x x =,求函数()f x 的解析表达式.13.已知函数()f x 的定义域为R ,对任意实数,m n 都有1()()()2f m n f m f n +=++,且1()02f =,当12x >时, ()f x >0. (1)求(1)f ;(2)求和(1)(2)(3)...()f f f f n ++++*()n N ∈; (3)判断函数()f x 的单调性,并证明.14.函数()f x 的定义域为R ,并满足以下条件:①对任意x R ∈,有()f x >0;②对任意,x y R ∈,有()[()]y f xy f x =;③1()13f >.(1)求(0)f 的值;(2)求证: ()f x 在R 上是单调减函数;(3)若0a b c >>>且2b ac =,求证:()()2()f a f c f b +>.15.已知函数()f x 的定义域为R,对任意实数,m n 都有()()()f m n f m f n +=•,且当0x >时,0()1f x <<.(1)证明:(0)1,0f x =<且时,f(x)>1;(2)证明: ()f x 在R 上单调递减; (3)设A=22{(,)()()(1)}x y f x f y f •>,B={(,)(2)1,x y f ax y a R -+=∈},若A B =Φ,试确定a 的取值范围.16.已知函数()f x 是定义在R 上的增函数,设F ()()()x f x f a x =--. (1)用函数单调性的定义证明:()F x 是R 上的增函数; (2)证明:函数y =()F x 的图象关于点(,0)2a成中心对称图形.17.已知函数()f x 是定义域为R 的奇函数,且它的图象关于直线1x =对称. (1)求(0)f 的值;(2)证明: 函数()f x 是周期函数;(3)若()(01),f x x x =<≤求当x R ∈时,函数()f x 的解析式,并画出满足条件的函数()f x 至少一个周期的图象。

抽象函数经典综合题33例(含详细解答)

抽象函数经典综合题33例(含详细解答)

抽象函数经典综合题33例(含详细解答)-1)+g(1)f(1)=f(1){g(-1)+g(1)} ∵f(2)=f(1)≠0∴g(-1)+g(1)=13.已知函数)(x f 对任意实数y x ,恒有)()()(y f x f y x f +=+且当x >0,.2)1(.0)(-=<f x f 又(1)判断)(x f 的奇偶性;(2)求)(x f 在区间[-3,3]上的最大值; (3)解关于x 的不等式.4)()(2)(2+<-ax f x f ax f解(1)取,0==y x 则0)0()0(2)00(=∴=+f f f 取)()()(,x f x f x x f x y -+=--=则)()(x f x f -=-∴对任意R x ∈恒成立 ∴)(x f 为奇函数. (2)任取2121),(,x x x x <+∞-∞∈且, 则012>-x x 0)()()(1212<-=-+∴x x f x f x f),()(12x f x f --<∴ 又)(x f 为奇函数 )()(21x f x f >∴ ∴)(x f 在(-∞,+∞)上是减函数. ∴对任意]3,3[-∈x ,恒有)3()(-≤f x f 而632)1(3)1()2()12()3(-=⨯-==+=+=f f f f f 6)3()3(=-=-∴f f ∴)(x f 在[-3,3]上的最大值为6(3)∵)(x f 为奇函数,∴整理原式得 )2()()2()(2-+<-+f ax f x f ax f进一步可得)2()2(2-<-ax f x ax f而)(x f 在(-∞,+∞)上是减函数,222->-∴ax x ax.0)1)(2(>--∴x ax∴当0=a 时,)1,(-∞∈x 当2=a 时,}1|{R x x x x ∈≠∈且当0<a 时,}12|{<<∈x a x x 当20<<a 时,}12|{<>∈x ax x x 或当a>2时,}12|{><∈x a x x x 或4.已知f (x )在(-1,1)上有定义,f (21)=-1,且满足x ,y ∈(-1,1)有f (x )+f (y )=f (xy y x ++1)⑴证明:f (x )在(-1,1)⑵对数列x 1=21,x n +1=212nn x x +,求f (x n );⑶求证252)(1)(1)(121++->+++n n x f x f x f n(Ⅰ)证明:令x =y =0,∴2f (0)=f (0),∴f (0)=0令y =-x ,则f (x )+f (-x )=f (0)=0 ∴f (x )+f (-x )=0 ∴f (-x )=-f (x ) ∴f (x )为奇函数(Ⅱ)解:f (x 1)=f (21)=-1,f (x n +1)=f (212nn x x +)=f (nnn nxx xx ⋅++1)=f (x n )+f (x n )=2f (x n )∴)()(1nn x f x f +=2即{f (x n )}是以-1为首项,2为公比的等比数列∴f (x n )=-2n -1(Ⅲ)解:)2121211()(1)(1)(11221-++++=+++n nx f x f x f 2212)212(21121111->+-=--=---=--n n n而2212)212(252-<+--=++-=++-n n n n ∴252)(1)(1)(121++->+++n n x f x f x f n5.已知函数Nx f N x x f y ∈∈=)(,),(,满足:对任意,,,2121x x N x x ≠∈都有)()()()(12212211x f x x f x x f x x f x +>+;(1)试证明:)(x f 为N 上的单调增函数; (2)n N ∀∈,且(0)1f =,求证:()1f n n ≥+;(3)若(0)1f =,对任意,m n N ∈,有1)())((+=+n f m f n f ,证明:∑=<-ni if 141)13(12. 证明:(1)由①知,对任意*,,a b a b ∈<N ,都有0))()()((>--b f a f b a ,由于0<-b a ,从而)()(b f a f <,所以函数)(x f 为*N 上的单调增函数.(2)由(1)可知n N ∀∈都有f(n+1)>f(n),则有f(n+1)≥f(n)+1 ∴f(n+1)-f(n)1≥, ∴f(n)-f(n-1)1≥∙∙∙ ∴f(2)-f(1)1≥∴f(1)-f(0)1≥由此可得f(n)-f(0)≥n ∴f(n)≥n+1命题得证 (3)(3)由任意,m n N ∈,有1)())((+=+n f m f n f得()1f m = 由f(0)=1得m=0 则f(n+1)=f(n)+1,则f(n)=n+121)311(21311)311(31313131)13(121<-=--=+∙∙∙++=-∑=nn n ni i f6.已知函数()f x 的定义域为[]0,1,且同时满足:(1)对任意[]0,1x ∈,总有()2f x ≥; (2)(1)3f =(3)若120,0x x ≥≥且121x x +≤,则有1212()()()2f x x f x f x +≥+-.(I)求(0)f 的值;(II)求()f x 的最大值;(III)设数列{}n a 的前n 项和为nS ,且满足*12(3),n nS a n N =--∈.求证:123112332()()()()2nn f a f a f a f a n -⨯++++≤+-.解:(I )令120x x ==,由(3),则(0)2(0)2,(0)2f f f ≥-∴≤由对任意[]0,1x ∈,总有()2,(0)2f x f ≥∴= (II )任意[]12,0,1x x ∈且12x x <,则212101,()2x x f x x <-≤∴-≥22112111()()()()2()f x f x x x f x x f x f x ∴=-+≥-+-≥max()(1)3f x f ∴== (III)*12(3)()nn S a n N =--∈1112(3)(2)n n S a n --∴=--≥1111133(2),10n nn na a n a a --∴=≥=≠∴=111112113333333()()()()()23()4n n n n n n nn f a f f f f f -∴==+≥+-≥-+ 111143333()()n n f f -∴≤+,即11433())(n nf a f a +≤+。

高中数学抽象函数、复合函数综合练习

高中数学抽象函数、复合函数综合练习
C.1或4D.
错解:由2 (x-2y)= x+ y,得(x-2y)2=xy,解得x=4y或x=y,则有 = 或 =1.
答案:选B
正解:上述解法忽略了真数大于0这个条件,即x-2y>0,所以x>2y.所以x=y舍掉.只有x=4y.

答案:D
4.若定义在区间(-1,0)内的函数f(x)= (x+1)满足f(x)>0,则a的取值范围为( )
减 ↘
\
增 ↗
减 ↘
减 ↘
增 ↗
以上规律还可总结为:“同向得增,异向得减”或“同增异减”.
(3)、复合函数 的单调性判断步骤:
ⅰ确定函数的定义域;
*
ⅱ将复合函数分解成两个简单函数: 与 。
ⅲ分别确定分解成的两个函数的单调性;
ⅳ若两个函数在对应的区间上的单调性相同(即都是增函数,或都是减函数),则复合后的函数 为增函数;若两个函数在对应的区间上的单调性相异(即一个是增函数,而另一个是减函数),则复合后的函数 为减函数。
即f的作用范围为 ,又f对f(x)作用
所以 ,即 中x应满足
即 ,解得
故函数 的定义域为
%
(2)、已知 的定义域,求 的定义域
思路:设 的定义域为D,即 ,由此得 ,所以f的作用范围为E,又f对x作用,作用范围不变,所以 为 的定义域。
例3.已知 的定义域为 ,则函数 的定义域为_________。
(4)例题演练
例1、求函数 的单调区间,并用单调定义给予证明
解:定义域
单调减区间是 设 则
}
=
∵ ∴
∴ > 又底数
∴ 即
∴ 在 上是减函数
同理可证: 在 上是增函数
[例]2、讨论函数 的单调性.

抽象函数-题型大全(例题-含答案)精编版

抽象函数-题型大全(例题-含答案)精编版

高考抽象函数技巧总结由于函数概念比较抽象,学生对解有关函数记号()f x 的问题感到困难,学好这部分知识,能加深学生对函数概念的理解,更好地掌握函数的性质,培养灵活性;提高解题能力,优化学生数学思维素质。

现将常见解法及意义总结如下: 一、求表达式: 1.换元法:即用中间变量表示原自变量x 的代数式,从而求出()f x ,这也是证某些公式或等式常用的方法,此法解培养学生的灵活性及变形能力。

例1:已知 ()211xf x x =++,求()f x . 解:设1x u x =+,则1u x u =-∴2()2111u u f u u u-=+=--∴2()1xf x x -=- 2.凑合法:在已知(())()fg xh x =的条件下,把()h x 并凑成以()g u 表示的代数式,再利用代换即可求()f x .此解法简洁,还能进一步复习代换法。

例2:已知3311()f x x xx+=+,求()f x 解:∵22211111()()(1)()(()3)f x x x x x xx x x x+=+-+=++-又∵11||||1||x x x x +=+≥ ∴23()(3)3f x x x x x =-=-,(|x |≥1)3.待定系数法:先确定函数类型,设定函数关系式,再由已知条件,定出关系式中的未知系数。

例3. 已知()f x 二次实函数,且2(1)(1)f x f x x ++-=+2x +4,求()f x .解:设()f x =2ax bx c ++,则22(1)(1)(1)(1)(1)(1)f x f x a x b x c a x b x c ++-=+++++-+-+=22222()24ax bx a c x x +++=++比较系数得2()41321,1,2222a c a abc b +=⎧⎪=⇒===⎨⎪=⎩∴213()22f x x x =++ 4.利用函数性质法:主要利用函数的奇偶性,求分段函数的解析式.例4.已知y =()f x 为奇函数,当 x >0时,()lg(1)f x x =+,求()f x解:∵()f x 为奇函数,∴()f x 的定义域关于原点对称,故先求x <0时的表达式。

高一抽象函数练习题

高一抽象函数练习题

高一抽象函数练习题一、选择题A. 若f(x)是奇函数,则f(x) = f(x)B. 若f(x)是偶函数,则f(x) = f(x)C. 若f(x)是周期函数,则f(x+T) = T,其中T为周期D. 若f(x)在R上单调递增,则f'(x) > 0A. f(x)在R上单调递增B. f(x)在R上单调递减C. f(x)在(∞,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增D. f(x)在(∞,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减二、填空题1. 已知函数f(x) = ax^2 + bx + c(a≠0),若f(1) = 3,f(1) = 5,则f(0) = ______。

2. 设函数f(x) = (1/2)^x,则f(x+1) = ______。

3. 已知函数f(x) = 2x + 3,g(x) = 3x 1,则f[g(x)] =______。

三、解答题1. 设函数f(x) = x^3 3x,求f(x)的单调区间。

2. 已知函数f(x) = (1/2)^x,求f(x)在区间[0,2]上的最大值和最小值。

3. 设函数f(x) = |x1| + |x+1|,求f(x)的值域。

4. 已知函数f(x) = ax^2 + bx + c(a≠0),若f(x)在R上单调递增,求a、b的取值范围。

5. 设函数f(x) = x^2 2x + 3,求证:对于任意实数x,都有f(x) ≥ 2。

6. 已知函数f(x) = 2x + 3,g(x) = 3x 1,求f(x)与g(x)的交点坐标。

7. 设函数f(x) = (1/2)^x,求证:f(x)在R上单调递减。

8. 已知函数f(x) = |x2| |x+2|,求f(x)的零点。

9. 设函数f(x) = ax^2 + bx + c(a≠0),若f(x)的图像开口向上,且顶点坐标为(1,2),求f(x)的表达式。

10. 已知函数f(x) = x^3 3x,求f(x)的极值。

抽象函数-题型大全(例题-含答案)之欧阳数创编

抽象函数-题型大全(例题-含答案)之欧阳数创编

高考抽象函数技巧总结 时间:2021.03.02 创作:欧阳数由于函数概念比较抽象,学生对解有关函数记号()f x 的问题感到困难,学好这部分知识,能加深学生对函数概念的理解,更好地掌握函数的性质,培养灵活性;提高解题能力,优化学生数学思维素质。

现将常见解法及意义总结如下:一、求表达式:1.换元法:即用中间变量表示原自变量x 的代数式,从而求出()f x ,这也是证某些公式或等式常用的方法,此法解培养学生的灵活性及变形能力。

例1:已知 ()211x f x x =++,求()f x . 解:设1x u x =+,则1u x u =-∴2()2111u u f u u u -=+=--∴2()1x f x x -=- 2.凑合法:在已知(())()f g x h x =的条件下,把()h x 并凑成以()g u 表示的代数式,再利用代换即可求()f x .此解法简洁,还能进一步复习代换法。

例2:已知3311()f x x x x +=+,求()f x 解:∵22211111()()(1)()(()3)f x x x x x x x x x x +=+-+=++-又∵11||||1||x x x x +=+≥ ∴23()(3)3f x x x x x =-=-,(|x |≥1)3.待定系数法:先确定函数类型,设定函数关系式,再由已知条件,定出关系式中的未知系数。

例3. 已知()f x 二次实函数,且2(1)(1)f x f x x ++-=+2x +4,求()f x .解:设()f x =2ax bx c ++,则22(1)(1)(1)(1)(1)(1)f x f x a x b x c a x b x c ++-=+++++-+-+=22222()24ax bx a c x x +++=++比较系数得2()41321,1,2222a c a a b c b +=⎧⎪=⇒===⎨⎪=⎩∴213()22f x x x =++ 4.利用函数性质法:主要利用函数的奇偶性,求分段函数的解析式.例4.已知y =()f x 为奇函数,当 x >0时,()lg(1)f x x =+,求()f x解:∵()f x 为奇函数,∴()f x 的定义域关于原点对称,故先求x <0时的表达式。

高中高考数学专题:抽象函数经典题型大全(含答案和解析)

高中高考数学专题:抽象函数经典题型大全(含答案和解析)

抽象函数一、求表达式方法 (2)1.换元法 (2)2.拼凑法 (2)3.待定系数法 (2)4.利用函数性质法 (3)5.方程组法 (3)5.赋值法 (3)二、抽象函数常见考点解法综述 (5)1.定义域问题 (5)2.求值问题 (5)3.值域问题 (5)4.奇偶性问题 (6)5单调性问题 (6)6.对称性问题 (7)7.求参数的取值范围 (7)8.解不定式 (7)9.周期问题 (7)三、抽象函数五类题型及解法 (9)1.线性函数型抽象函数 (9)2.指数函数型抽象函数 (10)3.对数函数型抽象函数 (11)4.幂函数型抽象函数 (12)5.三角函数型抽象函数 (13)四、巩固练习 (15)抽象函数问题综述-----含有函数记号“()f x ”有关问题解法由于函数概念比较抽象,学生对解有关函数记号()f x 的问题感到困难,学好这部分知识,能加深学生对函数概念的理解,更好地掌握函数的性质,培养灵活性;提高解题能力,优化学生数学思维素质。

现将常见解法及意义总结如下:一、求表达式方法1.换元法例1:已知 ()211xf x x =++,求()f x . 解:设1x u x =+,则1ux u =-∴2()2111u u f u u u -=+=--∴2()1x f x x -=- 例2:已知+1)=x +2,则f(x)=____________.解:设t+1=t -1,x =(t -1)2,t≥1,代入原式有f(t)=(t -1)2+2(t -1)=t 2-1,故f(x)=x 2-1(x≥1).2.拼凑法在已知(())()f g x h x =的条件下,把()h x 并凑成以()g u 表示的代数式,再利用代换即可求()f x .此解法简洁,还能进一步复习代换法。

例1:已知3311()f x x x x+=+,求()f x解:∵22211111()()(1)()((3)f x x x x x x x x x x+=+-+=++-又∵11||||1||x x x x +=+≥∴23()(3)3f x x x x x =-=-,(|x |≥1) 例2:已知+1)=x +2,则f(x)=____________. 解:+1)=x +2=+1)2-1,故f(x)=x 2-1(x≥1).3.待定系数法先确定函数类型,设定函数关系式,再由已知条件,定出关系式中的未知系数。

  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

抽象函数经典综合题抽象函数,是指没有具体地给出解析式,只给出它的一些特征或性质的函数,抽象函数型综合问题,一般通过对函数性质的代数表述,综合考查学生对于数学符号语言的理解和接受能力,考查对于函数性质的代数推理和论证能力,考查学生对于一般和特殊关系的认识,是考查能力的较好途径;抽象函数问题既是难点,又是近几年来高考的热点;1.定义在R 上的函数)(x f y =,0)0(≠f ,当0>x 时,1)(>x f ,且对任意的R b a ∈、,有)()()(b f a f b a f ⋅=+;I .求证1)0(=f ; Ⅱ.求证:R x ∈∀,0)(>∃x f ;Ⅲ.证明:)(x f 是R 上的增函数;Ⅳ.若1)2()(2>-⋅x x f x f ,求x 的取值范围;2.已知函数()f x ,()g x 在R 上有定义,对任意的,x y R ∈有()()()()()f x y f x g y g x f y -=-且0)1(≠f ;I .求证:()f x 为奇函数;II .若(1)(2)f f =,求(1)(1)g g +-的值;3.已知函数)(x f 对任意实数x ,y 恒有)()()(y f x f y x f +=+且当0>x ,0)(<x f ,又2)1(-=f .I .判断)(x f 的奇偶性;Ⅱ.求)(x f 在区间]3,3[-上的最大值;4.已知)(x f 在)1,1(-上有定义,1)21(-=f ,且满足x ,)1,1(-∈y 有)1()()(xyyx f y f x f ++=+; I .证明:)(x f 在)1,1(-上为奇函数;II .对数列211=x ,2112nn n x x x +=+,求)(n x f ;III .求证+)(11x f +)(12x f +)(13x f 252)(1++->+n n x f n ;5.已知函数N x f N x x f y ∈∈=)(,),(,满足:对任意,,,2121x x N x x ≠∈都有)()()()(12212211x f x x f x x f x x f x +>+;I .试证明:)(x f 为N 上的单调增函数;II .n N ∀∈,且(0)1f =,求证:()1f n n ≥+;Ⅲ.若(0)1f =,对任意,m n N ∈,有1)())((+=+n f m f n f ,证明:∑=<-ni if 141)13(12.6.已知函数()f x 的定义域为[]0,1,且同时满足:(1)对任意[]0,1x ∈,总有()2f x ≥;(2)(1)3f =;(3)若120,0x x ≥≥且121x x +≤,则有1212()()()2f x x f x f x +≥+-.I .求(0)f 的值;II .求()f x 的最大值;III .设数列{}n a 的前n 项和为n S ,且满足*12(3),n n S a n N =--∈.求证:123112332()()()()2n n f a f a f a f a n -⨯++++≤+-.7. 对于定义域为[]0,1的函数()f x ,如果同时满足以下三条:①对任意的[]0,1x ∈,总有()0f x ≥;②(1)1f =;③若12120,0,1x x x x ≥≥+≤,都有1212()()()f x x f x f x +≥+成立,则称函数()f x 为理想函数. I .若函数()f x 为理想函数,求(0)f 的值;Ⅱ.判断函数()21xg x =-])1,0[(∈x 是否为理想函数,并予以证明; Ⅲ. 若函数()f x 为理想函数,假定∃[]00,1x ∈,使得[]0()0,1f x ∈,且00(())f f x x =,求证00()f x x =.8.已知定义在R 上的单调函数()f x ,存在实数0x ,使得对于任意实数12,x x ,总有0102012()()()()f x x x x f x f x f x +=++恒成立;I .求0x 的值;Ⅱ.若0()1f x =,且对任意正整数n ,有1()12n n a f =+,求数列{}n a 的通项公式;Ⅲ.若数列{}n b 满足1221n n b log a =+,将数列{}n b 的项重新组合成新数列{}n c ,具体法则如下:112233456,,,c b c b b c b b b ==+=++478910,c b b b b =+++……,求证:12311112924n c c c c ++++<; 9.设函数)(x f 是定义域在),0(+∞上的单调函数,且对于任意正数y x ,有)()()(y f x f y x f +=⋅,已知1)2(=f .I .求)21(f 的值;II .一个各项均为正数的数列}{n a 满足:)(1)1()()(*∈-++=N n a f a f S f n n n ,其中n S 是数列}{n a 的前n 项的和,求数列}{n a 的通项公式; Ⅲ.在II的条件下,是否存在正数M,使)12()12()12(12221321--⋅-+≥n n na a a n M a a a a ,对一切*∈Nn 成立?若存在,求出M 的取值范围;若不存在,说明理由.10.定义在R 上的函数f (x )满足fxy fx fy f ()()()()++=+=1120,,且x >12时,0)(<x f ; I .设a fnn N n=∈()()*,求数列的前n 项和S n ; II .判断)(x f 的单调性,并证明;11.设函数)(x f 定义在R 上,对于任意实数m ,n ,恒有fm n fm fn ()()()+=·,且当0>x 时,1)(0<<x f ; I .求证:1)0(=f ,且当0<x 时,1)(>x f ;II .求证:)(x f 在R 上单调递减; Ⅲ.设集合{}A x y f xf y f =>(,)|()()()221·,{}B x y f a x y a R =-+=∈(,)|()21,,若A B ∩=∅,求a 的取值范围;12.定义在R 上的函数)(x f 对任意实数a .b 都有)()(2)()(b f a f b a f b a f ⋅=-++成立,且f ()00≠; I .求)0(f 的值;II .试判断)(x f 的奇偶性;Ⅲ.若存在常数0>c 使f c()20=,试问)(x f 是否为周期函数?若是,指出它的一个周期;若不是,请说明理由;13.已知函数)(x f 的定义域关于原点对称,且满足:①f x x f x f x f x f x ()()()()()1212211-=+-·②存在正常数a ,使1)(=a f , 求证:I .)(x f 是奇函数;II .)(x f 是周期函数,并且有一个周期为a 4;14.已知f x ()对一切x y ,,满足f f x y f x f y ()()()()00≠+=⋅,,且当x <0时,f x ()>1,求证:I .x >0时,01<<f x ();II .f x ()在R 上为减函数;即f x ()为减函数; 15.已知函数f x ()是定义在(]-∞,1上的减函数,且对一切实数x ,不等式fk x fk x (s i n )(s i n)-≥-22恒成立,求k 的值;16.设定义在R 上的函数()f x 对于任意,x y 都有()()()f x y f x f y +=+成立,且(1)2f =-,当0x >时,()0f x <; I .判断)(x f 的奇偶性,并加以证明;II .试问:当20032003≤≤-x 时,()f x 是否有最值?如果有,求出最值;如果没有,说明理由; III .解关于x 的不等式2211()()()()22f bx f x f b x f b ->-,其中22b ≥. 17.已知定义在R 上的函数()f x 满足:(1)值域为()1,1-,且当0x >时,()10f x -<<;(2)对于定义域内任意的实数,x y ,均满足:)()(1)()()(n f m f n f m f n m f ++=+,试回答下列问题:I .试求)0(f 的值;Ⅱ.判断并证明函数)(x f 的单调性;Ⅲ.若函数)(x f 存在反函数)(x g ,求证:+)51(g +)111(g )21()131(2g n n g >+++.18.已知函数)(x f 对任意实数x .y 都有)()()(y f x f xy f ⋅=,且1)1(-=-f ,9)27(=f ,当10<≤x 时,)1,0[)(∈x f ;I .判断)(x f 的奇偶性;II .判断)(x f 在),0[+∞上的单调性,并给出证明;Ⅲ.若0≥a 且39)1(≤+a f ,求a 的取值范围;19.设函数)(x f y =的定义域为全体R ,当0<x 时,1)(>x f ,且对任意的实数x ,R y ∈,有)()()(y f x f y x f =+成立,数列}{n a 满足)0(1f a =,且)12(1)(1+-=+n n n a a f a f (*∈N n )I .求证:)(x f y =是R 上的减函数; Ⅱ.求数列}{n a 的通项公式;Ⅲ.若不等式0121)1()1)(1(21≤+-+++n a a a k n 对一切*∈N n 均成立,求k 的最大值.20.函数)(x f 的定义域为D {}0x x =>, 满足: 对于任意,m n D ∈,都有()()()f mn f m f n =+,且1)2(=f .I .求)4(f 的值;II .如果3)62(≤-x f ,且)(x f 在),0(+∞上是单调增函数,求x 的取值范围.21.函数)(x f 的定义域为R ,并满足以下条件:①对任意R x ∈,有0)(>x f ;②对任意x .R y ∈,有yx f xy f )]([)(=;③1)31(>f ;I .求)0(f 的值;II .求证:)(x f 在R 上是单调增函数; Ⅲ.若ac b c b a =>>>2,0且,求证:).(2)()(b f c f a f >+22.定义在区间),0(∞上的函)(x f 满足:(1).)(x f 不恒为零;(2).对任何实数x .q ,都有)()(x qf x f q =.I .求证:方程0)(=x f 有且只有一个实根;II .若1>>>c b a ,且a .b .c 成等差数列,求证:)()()(2b fc f a f <⋅; Ⅲ.若)(x f 单调递增,且0>>n m 时,有)2(2)()(nm f n f m f +==,求证:32m << 23. 设)(x f 是定义域在]1,1[-上的奇函数,且其图象上任意两点连线的斜率均小于零.I .求证)(x f 在]1,1[-上是减函数;Ⅱ.如果)(c x f -,)(2c x f -的定义域的交集为空集,求实数c 的取值范围;Ⅲ.证明若21≤≤-c ,则)(c x f -,)(2c x f -存在公共的定义域,并求这个公共的空义域.24.已知函数1)(1)()(+-=x g x g x f ,且)(x f ,)(x g 定义域都是r ,且0)(>x g ,2)1(=g ,)(x g 是增函数,)()()(n m g n g m g +=⋅(m .R n ∈) ;求证:)(x f 是R 上的增函数25.定义在+R 上的函数)(x f 满足: ①对任意实数m ,)()(x mf x f m =;②1)2(=f .求证:I .)()()(y f x f xy f +=对任意正数x ,y 都成立;II .证明)(x f 是*R 上的单调增函数;Ⅲ.若2)3()(≤-+x f x f ,求x 的取值范围.26.已知)(x f 是定义在R 上的函数,1)1(=f ,且对任意R x ∈都有5)()5(+≥+x f x f ,1)()1(+≤+x f x f ,若x x f x g -+=1)()(,求)2002(g ;27.设定义在R 上的函数)(x f ,满足当0>x 时,1)(>x f ,且对任意x ,R y ∈,有)()()(y f x f y x f =+,2)1(=f ;I .解不等式4)3(2>-x x f ;Ⅱ.解方程组1)2()3(21)]([2+=++f x f x f ;28、定义域为R 的函数)(x f 满足:对于任意的实数x ,y 都有)()()(y f x f y x f +=+成立,且当0>x 时0)(<x f 恒成立. I .判断函数)(x f 的奇偶性,并证明你的结论;Ⅱ.证明)(x f 为减函数;若函数)(x f 在)3,3[-上总有6)(≤x f 成立,试确定)1(f 应满足的条件;Ⅲ.解关于x 的不等式)()(1)()(122a f x a f nx f ax f n ->-,n 是一个给定的自然数,0<a ; 29.已知)(x f 是定义在R 上的不恒为零的函数,且对于任意的,a b R ∈都满足:()()()f a b af b bf a ⋅=+I .求()()0,1f f 的值;Ⅱ.判断)(x f 的奇偶性,并证明你的结论;Ⅲ.若2)2(=f ,nf u n n )2(-=)(*∈N n ,求数列{}n u 的前n 项的和n S .30.设函数()f x 在(,)-∞+∞上满足(2)(2)f x f x -=+,(7)(7)f x f x -=+,且在闭区间]7,0[上,只有(1)(3)0f f ==. I .试判断函数()y f x =的奇偶性;Ⅱ.试求方程()0f x =在闭区间]2005,2005[-上的根的个数,并证明你的结论.31.设f x ()定义在R 上且对任意的x 有f x f x f x ()()()=+-+12,求证:f x ()是周期函数,并找出它的一个周期;32.设f x ()是定义在R 上的偶函数,其图象关于直线x =1对称;对任意x x 12012,,∈[]都有f x x f x f x ()()()1212+=⋅; I .设f ()12=,求f f ()()1214,;II .证明)(x f 是周期函数;33.已知函数)(x f 的定义域关于原点对称,且满足: ①当1x ,2x 是定义域中的数时,有)()(1)()()(122121x f x f x f x f x x f -+=-;②1)(-=a f (0>a ,a 是定义域中的一个数); ③当a x 20<<时,0)(<x f ;试问:I .)(x f 的奇偶性如何?说明理由;II .在)4,0(a 上,)(x f 的单调性如何?说明理由;。

相关文档
最新文档