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浙江省中考数学一轮复习 专题练习8 三角形(2) 浙教版-浙教版初中九年级全册数学试题

浙江省中考数学一轮复习 专题练习8 三角形(2) 浙教版-浙教版初中九年级全册数学试题

三角形（2）班级某某学号一、选择题1.如图，△ABC中，AB=AC，AD是∠BAC的平分线．已知AB=5，AD=3，则BC的长为（）A．5 B．6 C．8 D．102.如图，在△ABC中，∠ABC=90°，AB=8，BC=6．若DE是△ABC的中位线，延长DE交△ABC的外角∠ACM的平分线于点F，则线段DF的长为（）A．7 B．8 C．9 D．10x的方程x2﹣（m+1）x+2m=0的一个实数根，并且这个方程的两个实数根恰好是等腰△ABC的两条边的边长，则△ABC的周长为（）A．7 B．10 C．11 D．10或114.如图，在矩形ABCD中（AD＞AB），点E是BC上一点，且DE=DA，AF⊥DE，垂足为点F，在下列结论中，不一定正确的是（）A．△AFD≌△DCE B．AF=AD C．AB=AF D．BE=AD﹣DF5.如图，在正方形ABCD中，连接BD，点O是BD的中点，若M、N是边AD上的两点，连接MO、NO，并分别延长交边BC于两点M′、N′，则图中的全等三角形共有（）A．2对 B．3对 C．4对 D．5对6.如图，点O在△ABC内，且到三边的距离相等．若∠BOC=120°，则tanA的值为（）A． B． C． D．7.如图，在四边形ABCD中，AD∥BC，∠ABC=90°，E是AB上一点，且DE⊥CE．若AD=1，BC=2，CD=3，则CE与DE的数量关系正确的是（）A．CE=DE B．CE=DE C．CE=3DE D．CE=2DE8.如图1，在等腰三角形ABC中，AB=AC=4，BC=7．如图2，在底边BC上取一点D，连结AD，使得∠DAC=∠AC D．如图3，将△ACD沿着AD所在直线折叠，使得点C落在点E处，连结BE，得到四边形ABE D．则BE的长是（）A．4 B． C．3 D．29.如图，一X三角形纸片ABC，其中∠C=90°，AC=4，BC=3．现小林将纸片做三次折叠：第一次使点A落在C处；将纸片展平做第二次折叠，使点B落在C处；再将纸片展平做第三次折叠，使点A 落在B处．这三次折叠的折痕长依次记为a，b，c，则a，b，c的大小关系是（）A．c＞a＞b B．b＞a＞c C．c＞b＞a D．b＞c＞a10．如图，在△ABC中，∠ACB=90°，AC=4，BC=2．P是AB边上一动点，PD⊥AC于点D，点E在P 的右侧，且PE=1，连结CE．P从点A出发，沿AB方向运动，当E到达点B时，P停止运动．在整个运动过程中，图中阴影部分面积S1+S2的大小变化情况是（）A．一直减小 B．一直不变 C．先减小后增大 D．先增大后减小二、填空题11.如图，将△ABC绕点C按顺时针方向旋转至△A′B′C，使点A′落在BC的延长线上．已知∠A=27°，∠B=40°，则∠ACB′=度．12.如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，BC=6，AC=8，分别以点A，B为圆心，大于线段AB长度一半的长为半径作弧，相交于点E，F，过点E，F作直线EF，交AB于点D，连结CD，则CD的长是．13.如图，在四边形ABCD中，∠ABC＝90°，AB＝3，BC＝4，CD＝10，DA＝55，则BD的长为_______．14.如图，在等腰直角△ABC中，∠ACB=90°，CO⊥AB于点O，点D、E分别在边AC、BC上，且AD=CE，连结DE交CO于点P，给出以下结论：①△DOE是等腰直角三角形；②∠CDE=∠COE；③若AC=1，则四边形CEOD的面积为；④AD2+BE2﹣2OP2=2DP•PE，其中所有正确结论的序号是．15.如图，已知△ABC是等边三角形，点D、E分别在边BC、AC上，且CD=CE，连接DE并延长至点F，使EF=AE，连接AF，CF，连接BE并延长交CF于点G．下列结论：①△ABE≌△ACF；②BC=DF；③S△ABC=S△ACF+S△DCF；④若BD=2DC，则GF=2EG．其中正确的结论是．（填写所有正确结论的序号）三、解答题16.如图，在▱ABCD中，连接BD，在BD的延长线上取一点E，在DB的延长线上取一点F，使BF=DE，连接AF、CE．求证：AF∥CE．城市，树立城市新地标，实现绿色、共享发展理念，在城南建起了“望月阁”及环阁公园．小亮、小芳等同学想用一些测量工具和所学的几何知识测量“望月阁”的高度，来检验自己掌握知识和运用知识的能力．他们经过观察发现，观测点与“望月阁”底部间的距离不易测得，因此经过研究需要两次测量，于是他们首先用平面镜进行测量．方法如下：如图，小芳在小亮和“望月阁”之间的直线BM上平放一平面镜，在镜面上做了一个标记，这个标记在直线BM上的对应位置为点C，镜子不动，小亮看着镜面上的标记，他来回走动，走到点D时，看到“望月阁”顶端点A在镜面中的像与镜面上的标记重合，这时，测得小亮眼睛与地面的高度ED=，CD=2米，然后，在阳光下，他们用测影长的方法进行了第二次测量，方法如下：如图，小亮从D点沿DM方向走了16米，到达“望月阁”影子的末端F点处，此时，测得小亮身高FG的影长FH=，FG=．如图，已知AB⊥BM，ED⊥BM，GF⊥BM，其中，测量时所使用的平面镜的厚度忽略不计，请你根据题中提供的相关信息，求出“望月阁”的高AB的长度．18.如图，天星山山脚下西端A处与东端B处相距800（1+）米，小军和小明同时分别从A处和B 处向山顶C匀速行走．已知山的西端的坡角是45°，东端的坡角是30°，小军的行走速度为米/秒．若小明与小军同时到达山顶C处，则小明的行走速度是多少？19.如图，直立于地面上的电线杆AB，在阳光下落在水平地面和坡面上的影子分别是BC、CD，测得BC=6米，CD=4米，∠BCD=150°，在D处测得电线杆顶端A的仰角为30°，试求电线杆的高度（结果保留根号）20.如图，已知四边形ABCD中，∠ABC=90°，∠ADC=90°，AB=6，CD=4，BC的延长线与AD的延长线交于点E．（1）若∠A=60°，求BC的长；（2）若sinA=，求AD的长．（注意：本题中的计算过程和结果均保留根号）21.如图，E是▱ABCD的边CD的中点，延长AE交BC的延长线于点F．（1）求证：△ADE≌△FCE．（2）若∠BAF=90°，BC=5，EF=3，求CD的长．22.如图，在△ABC中，AD⊥BC，BE⊥AC，垂足分别为D，E，AD与BE相交于点F．（1）求证：△ACD∽△BFD；（2）当tan∠ABD=1，AC=3时，求BF的长．23.如图，已知一个直角三角形纸片ACB，其中∠ACB=90°，AC=4，BC=3，E、F分别是AC、AB边上点，连接EF．（1）图①，若将纸片ACB的一角沿EF折叠，折叠后点A落在AB边上的点D处，且使S四边形ECBF=3S△EDF，求AE的长；（2）如图②，若将纸片ACB的一角沿EF折叠，折叠后点A落在BC边上的点M处，且使MF∥C A．①试判断四边形AEMF的形状，并证明你的结论；②求EF的长；（3）如图③，若FE的延长线与BC的延长线交于点N，=1，CE=，求的值．24.如图所示，在平面直角坐标系中，过点A（﹣，0）的两条直线分别交y轴于B、C两点，且B、C两点的纵坐标分别是一元二次方程x2﹣2x﹣3=0的两个根（1）求线段BC的长度；（2）试问：直线AC与直线AB是否垂直？请说明理由；（3）若点D在直线AC上，且DB=DC，求点D的坐标；（4）在（3）的条件下，直线BD上是否存在点P，使以A、B、P三点为顶点的三角形是等腰三角形？若存在，请直接写出P点的坐标；若不存在，请说明理由．答案详解一、选择题2.如图，在△ABC中，∠ABC=90°，AB=8，BC=6．若DE是△ABC的中位线，延长DE交△ABC的外角∠ACM的平分线于点F，则线段DF的长为（）A．7 B．8 C．9 D．10【考点】三角形中位线定理；等腰三角形的判定与性质；勾股定理．【分析】根据三角形中位线定理求出DE，得到DF∥BM，再证明EC=EF=AC，由此即可解决问题．【解答】解：在RT△ABC中，∵∠ABC=90°，AB=8，BC=6，∴AC===10，∵DE是△ABC的中位线，∴DF∥BM，DE=BC=3，∴∠EFC=∠FCM，∵∠FCE=∠FCM，∴∠EFC=∠ECF，∴EC=EF=AC=5，∴DF=DE+EF=3+5=8．故选B．x的方程x2﹣（m+1）x+2m=0的一个实数根，并且这个方程的两个实数根恰好是等腰△ABC的两条边的边长，则△ABC的周长为（）A．7 B．10 C．11 D．10或11【考点】解一元二次方程-因式分解法；一元二次方程的解；三角形三边关系；等腰三角形的性质．【分析】把x=3代入已知方程求得m的值；然后通过解方程求得该方程的两根，即等腰△ABC的两条边长，由三角形三边关系和三角形的周长公式进行解答即可．【解答】解：把x=3代入方程得9﹣3（m+1）+2m=0，解得m=6，则原方程为x2﹣7x+12=0，解得x1=3，x2=4，因为这个方程的两个根恰好是等腰△ABC的两条边长，①当△ABC的腰为4，底边为3时，则△ABC的周长为4+4+3=11；②当△ABC的腰为3，底边为4时，则△ABC的周长为3+3+4=10．综上所述，该△ABC的周长为10或11．故选：D．4.如图，在矩形ABCD中（AD＞AB），点E是BC上一点，且DE=DA，AF⊥DE，垂足为点F，在下列结论中，不一定正确的是（）A．△AFD≌△DCE B．AF=AD C．AB=AF D．BE=AD﹣DF【考点】矩形的性质；全等三角形的判定．【分析】先根据已知条件判定判定△AFD≌△DCE（AAS），再根据矩形的对边相等，以及全等三角形的对应边相等进行判断即可．【解答】解：（A）由矩形ABCD，AF⊥DE可得∠C=∠AFD=90°，AD∥BC，∴∠ADF=∠DE C．又∵DE=AD，∴△AFD≌△DCE（AAS），故（A）正确；（B）∵∠ADF不一定等于30°，∴直角三角形ADF中，AF不一定等于AD的一半，故（B）错误；（C）由△AFD≌△DCE，可得AF=CD，由矩形ABCD，可得AB=CD，∴AB=AF，故（C）正确；（D）由△AFD≌△DCE，可得CE=DF，由矩形ABCD，可得BC=AD，又∵BE=BC﹣EC，∴BE=AD﹣DF，故（D）正确；故选（B）5.如图，在正方形ABCD中，连接BD，点O是BD的中点，若M、N是边AD上的两点，连接MO、NO，并分别延长交边BC于两点M′、N′，则图中的全等三角形共有（）A．2对 B．3对 C．4对 D．5对【考点】正方形的性质；全等三角形的判定．【分析】可以判断△ABD≌△BCD，△MDO≌△M′BO，△NOD≌△N′OB，△MON≌△M′ON′由此即可对称结论．【解答】解：∵四边形ABCD是正方形，∴AB=CD=CB=AD，∠A=∠C=∠ABC=∠ADC=90°，AD∥BC，在△ABD和△BCD中，，∴△ABD≌△BCD，∵AD∥BC，∴∠MDO=∠M′BO，在△MOD和△M′OB中，，∴△MDO≌△M′BO，同理可证△NOD≌△N′OB，∴△MON≌△M′ON′，∴全等三角形一共有4对．故选C．6.如图，点O在△ABC内，且到三边的距离相等．若∠BOC=120°，则tanA的值为（）A． B． C． D．【考点】角平分线的性质；特殊角的三角函数值．【分析】由条件可知BO、CO平分∠ABC和∠ACB，利用三角形内角和可求得∠A，再由特殊角的三角函数的定义求得结论．【解答】解：∵点O到△ABC三边的距离相等，∴BO平分∠ABC，CO平分∠ACB，∴∠A=180°﹣（∠ABC+∠ACB）=180°﹣2（∠OBC+∠OCB）=180°﹣2×=180°﹣2×=60°，∴tanA=tan60°=，故选A．7.如图，在四边形ABCD中，AD∥BC，∠ABC=90°，E是AB上一点，且DE⊥CE．若AD=1，BC=2，CD=3，则CE与DE的数量关系正确的是（）A．CE=DE B．CE=DE C．CE=3DE D．CE=2DE【考点】相似三角形的判定与性质；勾股定理；矩形的判定与性质．【分析】过点D作DH⊥BC，利用勾股定理可得AB的长，利用相似三角形的判定定理可得△ADE∽△BEC，设BE=x，由相似三角形的性质可解得x，易得CE，DE的关系．【解答】解：过点D作DH⊥BC，∵AD=1，BC=2，∴CH=1，DH=AB===2，∵AD∥BC，∠ABC=90°，∴∠A=90°，∵DE⊥CE，∴∠AED+∠BEC=90°，∵∠AED+∠ADE=90°，∴∠ADE=∠BEC，∴△ADE∽△BEC，∴，设BE=x，则AE=2，即，解得x=，∴，∴CE=，故选B．8.如图1，在等腰三角形ABC中，AB=AC=4，BC=7．如图2，在底边BC上取一点D，连结AD，使得∠DAC=∠AC D．如图3，将△ACD沿着AD所在直线折叠，使得点C落在点E处，连结BE，得到四边形ABE D．则BE的长是（）A．4 B． C．3 D．2【考点】翻折变换（折叠问题）；四点共圆；等腰三角形的性质；相似三角形的判定与性质．【分析】只要证明△ABD∽△MBE，得=，只要求出BM、BD即可解决问题．【解答】解：∵AB=AC，∴∠ABC=∠C，∵∠DAC=∠ACD，∴∠DAC=∠ABC，∵∠C=∠C，∴△CAD∽△CBA，∴=，∴=，∴CD=，BD=BC﹣CD=，∵∠DAM=∠DAC=∠DBA，∠ADM=∠ADB，∴△ADM∽△BDA，∴=，即=，∴DM=，MB=BD﹣DM=，∵∠ABM=∠C=∠MED，∴A、B、E、D四点共圆，∴∠ADB=∠BEM，∠EBM=∠EAD=∠ABD，∴△ABD∽△MBE，∴=，∴BE===．故选B．9.如图，一X三角形纸片ABC，其中∠C=90°，AC=4，BC=3．现小林将纸片做三次折叠：第一次使点A落在C处；将纸片展平做第二次折叠，使点B落在C处；再将纸片展平做第三次折叠，使点A 落在B处．这三次折叠的折痕长依次记为a，b，c，则a，b，c的大小关系是（）A．c＞a＞b B．b＞a＞c C．c＞b＞a D．b＞c＞a【考点】翻折变换（折叠问题）．【分析】（1）图1，根据折叠得：DE是线段AC的垂直平分线，由中位线定理的推论可知：DE是△ABC 的中位线，得出DE的长，即a的长；（2）图2，同理可得：MN是△ABC的中位线，得出MN的长，即b的长；（3）图3，根据折叠得：GH是线段AB的垂直平分线，得出AG的长，再利用两角对应相等证△ACB∽△AGH，利用比例式可求GH的长，即c的长．【解答】解：第一次折叠如图1，折痕为DE，由折叠得：AE=EC=AC=×4=2，DE⊥AC∵∠ACB=90°∴DE∥BC∴a=DE=BC=×3=第二次折叠如图2，折痕为MN，由折叠得：BN=NC=BC=×3=，MN⊥BC∵∠ACB=90°∴MN∥AC∴b=MN=AC=×4=2第三次折叠如图3，折痕为GH，由勾股定理得：AB==5由折叠得：AG=BG=AB=×5=，GH⊥AB∴∠AGH=90°∵∠A=∠A，∠AGH=∠ACB∴△ACB∽△AGH∴=∴=∴GH=，即c=∵2＞＞∴b＞c＞a故选（D）10．如图，在△ABC中，∠ACB=90°，AC=4，BC=2．P是AB边上一动点，PD⊥AC于点D，点E在P 的右侧，且PE=1，连结CE．P从点A出发，沿AB方向运动，当E到达点B时，P停止运动．在整个运动过程中，图中阴影部分面积S1+S2的大小变化情况是（）A．一直减小 B．一直不变 C．先减小后增大 D．先增大后减小【考点】动点问题的函数图象．【分析】设PD=x，AB边上的高为h，想办法求出AD、h，构建二次函数，利用二次函数的性质解决问题即可．【解答】解：在RT△ABC中，∵∠ACB=90°，AC=4，BC=2，∴AB===2，设PD=x，AB边上的高为h，h==，∵PD∥BC，∴=，∴AD=2x，AP=x，∴S1+S2=•2x•x+（2﹣1﹣x）•=x2﹣2x+4﹣=（x﹣1）2+3﹣，∴当0＜x＜1时，S1+S2的值随x的增大而减小，当1≤x≤2时，S1+S2的值随x的增大而增大．故选C．二、填空题11.如图，将△ABC绕点C按顺时针方向旋转至△A′B′C，使点A′落在BC的延长线上．已知∠A=27°，∠B=40°，则∠ACB′=46 度．【考点】旋转的性质．【分析】先根据三角形外角的性质求出∠ACA′=67°，再由△ABC绕点C按顺时针方向旋转至△A′B′C，得到△ABC≌△A′B′C，证明∠BCB′=∠ACA′，利用平角即可解答．【解答】解：∵∠A=27°，∠B=40°，∴∠ACA′=∠A+∠B=27°+40°=67°，∵△ABC绕点C按顺时针方向旋转至△A′B′C，∴△ABC≌△A′B′C，∴∠ACB=∠A′CB′，∴∠ACB﹣∠B′CA=∠A′CB﹣∠B′CA，即∠BCB′=∠ACA′，∴∠BCB′=67°，∴∠ACB′=180°∠ACA′﹣∠BCB′=180°﹣67°﹣67°=46°，故答案为：46．12.如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，BC=6，AC=8，分别以点A，B为圆心，大于线段AB长度一半的长为半径作弧，相交于点E，F，过点E，F作直线EF，交AB于点D，连结CD，则CD的长是 5 ．【考点】作图—基本作图；直角三角形斜边上的中线；勾股定理．【分析】首先说明AD=DB，利用直角三角形斜边中线等于斜边一半，即可解决问题．【解答】解：由题意EF是线段AB的垂直平分线，∴AD=DB，Rt△ABC中，∵∠ACB=90°，BC=6，AC=8，∴AB===10，∵AD=DB，∠ACB=90°，∴CD=AB=5．故答案为5．13.如图，在四边形ABCD中，∠ABC＝90°，AB＝3，BC＝4，CD＝10，DA＝55，则BD的长为_______．【考点】相似三角形，勾股定理【答案】241【解析】连接AC，过点D作BC边上的高，交BC延长线于点H．在Rt△ABC中，AB＝3，BC＝4，∴AC ＝5，又CD＝10，DA＝55，可知△ACD为直角三角形，且∠ACD＝90°，易证△ABC∽△CHD，则CH ＝6，DH＝8，∴BD＝228241（4+6）．+=14.如图，在等腰直角△ABC中，∠ACB=90°，CO⊥AB于点O，点D、E分别在边AC、BC上，且AD=CE，连结DE交CO于点P，给出以下结论：①△DOE是等腰直角三角形；②∠CDE=∠COE；③若AC=1，则四边形CEOD的面积为；④AD2+BE2﹣2OP2=2DP•PE，其中所有正确结论的序号是①②③④．【考点】勾股定理；四点共圆．【分析】①正确．由ADO≌△CEO，推出DO=OE，∠AOD=∠COE，由此即可判断．②正确．由D、C、E、O四点共圆，即可证明．③正确．由S△ABC=×1×1=，S四边形DCEO=S△DOC+S△CEO=S△CDO+S△ADO=S△AOC=S△ABC即可解决问题．④正确．由D、C、E、O四点共圆，得OP•PC=DP•PE，所以2OP2+2DP•PE=2OP2+2OP•PC=2OP（OP+PC）=2OP•OC，由△OPE∽△OEC，得到=，即可得到2OP2+2DP•PE=2OE2=DE2=CD2+CE2，由此即可证明．【解答】解：①正确．如图，∵∠ACB=90°，AC=BC，CO⊥AB∴AO=OB=OC，∠A=∠B=∠ACO=∠BCO=45°，在△ADO和△CEO中，，∴△ADO≌△CEO，∴DO=OE，∠AOD=∠COE，∴∠AOC=∠DOE=90°，∴△DOE是等腰直角三角形．故①正确．②正确．∵∠DCE+∠DOE=180°，∴D、C、E、O四点共圆，∴∠CDE=∠COE，故②正确．③正确．∵AC=BC=1，∴S△ABC=×1×1=，S四边形DCEO=S△DOC+S△CEO=S△CDO+S△ADO=S△AOC=S△ABC=，故③正确．④正确．∵D、C、E、O四点共圆，∴OP•PC=DP•PE，∴2OP2+2DP•PE=2OP2+2OP•PC=2OP（OP+PC）=2OP•OC，∵∠OEP=∠DCO=∠OCE=45°，∠POE=∠COE，∴△OPE∽△OEC，∴=，∴OP•OC=OE2，∴2OP2+2DP•PE=2OE2=DE2=CD2+CE2，∵CD=BE，CE=AD，∴AD2+BE2=2OP2+2DP•PE，∴AD2+BE2﹣2OP2=2DP•PE．故④正确．15.如图，已知△ABC是等边三角形，点D、E分别在边BC、AC上，且CD=CE，连接DE并延长至点F，使EF=AE，连接AF，CF，连接BE并延长交CF于点G．下列结论：①△ABE≌△ACF；②BC=DF；③S△ABC=S△ACF+S△DCF；④若BD=2DC，则GF=2EG．其中正确的结论是①②③④．（填写所有正确结论的序号）【考点】全等三角形的判定与性质；等边三角形的性质．【分析】①正确．根据两角夹边对应相等的两个三角形全等即可判断．②正确．只要证明四边形ABDF是平行四边形即可．③正确．只要证明△BCE≌△FD C．④正确．只要证明△BDE∽△FGE，得=，由此即可证明．【解答】解：①正确．∵△ABC是等边三角形，∴AB=AC=BC，∠BAC=∠ACB=60°，∵DE=DC，∴△DEC是等边三角形，∴ED=EC=DC，∠DEC=∠AEF=60°，∵EF=AE，∴△AEF是等边三角形，∴AF=AE，∠EAF=60°，在△ABE和△ACF中，，∴△ABE≌△ACF，故①正确．②正确．∵∠ABC=∠FDC，∴AB∥DF，∵∠EAF=∠ACB=60°，∴AB∥AF，∴四边形ABDF是平行四边形，∴DF=AB=BC，故②正确．③正确．∵△ABE≌△ACF，∴BE=CF，S△ABE=S△AFC，在△BCE和△FDC中，，∴△BCE≌△FDC，∴S△BCE=S△FDC，∴S△ABC=S△ABE+S△BCE=S△ACF+S△BCE=S△ABC=S△ACF+S△DCF，故③正确．④正确．∵△BCE≌△FDC，∴∠DBE=∠EFG，∵∠BED=∠FEG，∴△BDE∽△FGE，∴=，∴=，∵BD=2DC，DC=DE，∴=2，∴FG=2EG．故④正确．三、解答题16.如图，在▱ABCD中，连接BD，在BD的延长线上取一点E，在DB的延长线上取一点F，使BF=DE，连接AF、CE．求证：AF∥CE．【考点】平行四边形的性质；全等三角形的判定与性质．【分析】由平行四边形的性质得出AD∥BC，AD=BC，证出∠1=∠2，DF=BE，由SAS证明△ADF≌△CBE，得出对应角相等，再由平行线的判定即可得出结论．【解答】证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，AD=BC，∴∠1=∠2，∵BF=DE，∴BF+BD=DE+BD，即DF=BE，在△ADF和△CBE中，，∴△ADF≌△CBE（SAS），∴∠AFD=∠CEB，∴AF∥CE．17.某市为了打造森林城市，树立城市新地标，实现绿色、共享发展理念，在城南建起了“望月阁”及环阁公园．小亮、小芳等同学想用一些测量工具和所学的几何知识测量“望月阁”的高度，来检验自己掌握知识和运用知识的能力．他们经过观察发现，观测点与“望月阁”底部间的距离不易测得，因此经过研究需要两次测量，于是他们首先用平面镜进行测量．方法如下：如图，小芳在小亮和“望月阁”之间的直线BM上平放一平面镜，在镜面上做了一个标记，这个标记在直线BM上的对应位置为点C，镜子不动，小亮看着镜面上的标记，他来回走动，走到点D时，看到“望月阁”顶端点A在镜面中的像与镜面上的标记重合，这时，测得小亮眼睛与地面的高度ED=，CD=2米，然后，在阳光下，他们用测影长的方法进行了第二次测量，方法如下：如图，小亮从D点沿DM方向走了16米，到达“望月阁”影子的末端F点处，此时，测得小亮身高FG的影长FH=，FG=．如图，已知AB⊥BM，ED⊥BM，GF⊥BM，其中，测量时所使用的平面镜的厚度忽略不计，请你根据题中提供的相关信息，求出“望月阁”的高AB的长度．【考点】相似三角形的应用．【分析】根据镜面反射原理结合相似三角形的判定方法得出△ABC∽△EDC，△ABF∽△GFH，进而利用相似三角形的性质得出AB的长．【解答】解：由题意可得：∠ABC=∠EDC=∠GFH=90°，∠ACB=∠ECD，∠AFB=∠GHF，故△ABC∽△EDC，△ABF∽△GFH，则=， =，即=， =，解得：AB=99，答：“望月阁”的高AB的长度为99m．18.如图，天星山山脚下西端A处与东端B处相距800（1+）米，小军和小明同时分别从A处和B 处向山顶C匀速行走．已知山的西端的坡角是45°，东端的坡角是30°，小军的行走速度为米/秒．若小明与小军同时到达山顶C处，则小明的行走速度是多少？【考点】解直角三角形的应用-坡度坡角问题．【分析】过点C作CD⊥AB于点D，设AD=x米，小明的行走速度是a米/秒，根据直角三角形的性质用x表示出AC与BC的长，再根据小明与小军同时到达山顶C处即可得出结论．【解答】解：过点C作CD⊥AB于点D，设AD=x米，小明的行走速度是a米/秒，∵∠A=45°，CD⊥AB，∴AD=CD=x米，∴AC=x．在Rt△BCD中，∵∠B=30°，∴BC===2x，∵小军的行走速度为米/秒．若小明与小军同时到达山顶C处，∴=，解得a=1米/秒．答：小明的行走速度是1米/秒．19.如图，直立于地面上的电线杆AB，在阳光下落在水平地面和坡面上的影子分别是BC、CD，测得BC=6米，CD=4米，∠BCD=150°，在D处测得电线杆顶端A的仰角为30°，试求电线杆的高度（结果保留根号）【考点】解直角三角形的应用-仰角俯角问题．【分析】延长AD交BC的延长线于E，作DF⊥BE于F，根据直角三角形的性质和勾股定理求出DF、CF的长，根据正切的定义求出EF，得到BE的长，根据正切的定义解答即可．【解答】解：延长AD交BC的延长线于E，作DF⊥BE于F，∵∠BCD=150°，∴∠DCF=30°，又CD=4，∴DF=2，CF==2，由题意得∠E=30°，∴EF==2，∴BE=BC+CF+EF=6+4，∴AB=BE×tanE=（6+4）×=（2+4）米，答：电线杆的高度为（2+4）米．20.如图，已知四边形ABCD中，∠ABC=90°，∠ADC=90°，AB=6，CD=4，BC的延长线与AD的延长线交于点E．（1）若∠A=60°，求BC的长；（2）若sinA=，求AD的长．（注意：本题中的计算过程和结果均保留根号）【考点】解直角三角形．【分析】（1）要求BC的长，只要求出BE和CE的长即可，由题意可以得到BE和CE的长，本题得以解决；（2）要求AD的长，只要求出AE和DE的长即可，根据题意可以得到AE、DE的长，本题得以解决．【解答】解：（1）∵∠A=60°，∠ABE=90°，AB=6，tanA=，∴∠E=30°，BE=tan60°•6=6，又∵∠CDE=90°，CD=4，sinE=，∠E=30°，∴CE==8，∴BC=BE﹣CE=6﹣8；（2））∵∠ABE=90°，AB=6，sinA==，∴设BE=4x，则AE=5x，得AB=3x，∴3x=6，得x=2，∴BE=8，AE=10，∴tanE====，解得，DE=，∴AD=AE﹣DE=10﹣=，即AD的长是．21.如图，E是▱ABCD的边CD的中点，延长AE交BC的延长线于点F．（1）求证：△ADE≌△FCE．（2）若∠BAF=90°，BC=5，EF=3，求CD的长．【考点】平行四边形的性质；全等三角形的判定与性质．【分析】（1）由平行四边形的性质得出AD∥BC，AB∥CD，证出∠DAE=∠F，∠D=∠ECF，由AAS证明△ADE≌△FCE即可；（2）由全等三角形的性质得出AE=EF=3，由平行线的性质证出∠AED=∠BAF=90°，由勾股定理求出DE，即可得出CD的长．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，AB∥CD，∴∠DAE=∠F，∠D=∠ECF，∵E是▱ABCD的边CD的中点，∴DE=CE，在△ADE和△FCE中，，∴△ADE≌△FCE（AAS）；（2）解：∵ADE≌△FCE，∴AE=EF=3，∵AB∥CD，∴∠AED=∠BAF=90°，在▱ABCD中，AD=BC=5，∴DE===4，∴CD=2DE=8．22.如图，在△ABC中，AD⊥BC，BE⊥AC，垂足分别为D，E，AD与BE相交于点F．（1）求证：△ACD∽△BFD；（2）当tan∠ABD=1，AC=3时，求BF的长．【考点】相似三角形的判定与性质．【分析】（1）由∠C+∠DBF=90°，∠C+∠DAC=90°，推出∠DBF=∠DAC，由此即可证明．（2）先证明AD=BD，由△ACD∽△BFD，得==1，即可解决问题．【解答】（1）证明：∵AD⊥BC，BE⊥AC，∴∠BDF=∠ADC=∠BEC=90°，∴∠C+∠DBF=90°，∠C+∠DAC=90°，∴∠DBF=∠DAC，∴△ACD∽△BF D．（2）∵tan∠ABD=1，∠ADB=90°∴=1，∴AD=BD，∵△ACD∽△BFD，∴==1，∴BF=AC=3．23.如图，已知一个直角三角形纸片ACB，其中∠ACB=90°，AC=4，BC=3，E、F分别是AC、AB边上点，连接EF．（1）图①，若将纸片ACB的一角沿EF折叠，折叠后点A落在AB边上的点D处，且使S四边形ECBF=3S△EDF，求AE的长；（2）如图②，若将纸片ACB的一角沿EF折叠，折叠后点A落在BC边上的点M处，且使MF∥C A．①试判断四边形AEMF的形状，并证明你的结论；②求EF的长；（3）如图③，若FE的延长线与BC的延长线交于点N，=1，CE=，求的值．【考点】三角形综合题．【分析】（1）先利用折叠的性质得到EF⊥AB，△AEF≌△DEF，则S△AEF≌S△DEF，则易得S△ABC=4S△AEF，再证明Rt△AEF∽Rt△ABC，然后根据相似三角形的性质得到=（）2，再利用勾股定理求出AB即可得到AE的长；（2）①通过证明四条边相等判断四边形AEMF为菱形；②连结AM交EF于点O，如图②，设AE=x，则EM=x，CE=4﹣x，先证明△CME∽△CBA得到==，解出x后计算出CM=，再利用勾股定理计算出AM，然后根据菱形的面积公式计算EF；（3）如图③，作FH⊥BC于H，先证明△NCE∽△NFH，利用相似比得到FH：NH=4：7，设FH=4x，NH=7x，则CH=7x﹣1，BH=3﹣（7x﹣1）=4﹣7x，再证明△BFH∽△BAC，利用相似比可计算出x=，则可计算出FH和BH，接着利用勾股定理计算出BF，从而得到AF的长，于是可计算出的值．【解答】解：（1）如图①，∵△ACB的一角沿EF折叠，折叠后点A落在AB边上的点D处，∴EF⊥AB，△AEF≌△DEF，∴S△AEF≌S△DEF，∵S四边形ECBF=3S△EDF，∴S△ABC=4S△AEF，在Rt△ABC中，∵∠ACB=90°，AC=4，BC=3，∴AB==5，∵∠EAF=∠BAC，∴Rt△AEF∽Rt△ABC，∴=（）2，即（）2=，∴AE=；（2）①四边形AEMF为菱形．理由如下：如图②，∵△ACB的一角沿EF折叠，折叠后点A落在AB边上的点D处，∴AE=EM，AF=MF，∠AFE=∠MFE，∵MF∥AC，∴∠AEF=∠MFE，∴∠AEF=∠AFE，∴AE=AF，∴AE=EM=MF=AF，∴四边形AEMF为菱形；②连结AM交EF于点O，如图②，设AE=x，则EM=x，CE=4﹣x，∵四边形AEMF为菱形，∴EM∥AB，∴△CME∽△CBA，∴==，即==，解得x=，CM=，在Rt△ACM中，AM===，∵S菱形AEMF=EF•AM=AE•CM，∴EF=2×=；（3）如图③，作FH⊥BC于H，∵EC∥FH，∴△NCE∽△NFH，∴：NH=CE：FH，即1：NH=：FH，∴FH：NH=4：7，设FH=4x，NH=7x，则CH=7x﹣1，BH=3﹣（7x﹣1）=4﹣7x，∵FH∥AC，∴△BFH∽△BAC，∴BH：BC=FH：AC，即（4﹣7x）：3=4x：4，解得x=，∴FH=4x=，BH=4﹣7x=，在Rt△BFH中，BF==2，∴AF=AB﹣BF=5﹣2=3，∴=．24.如图所示，在平面直角坐标系中，过点A（﹣，0）的两条直线分别交y轴于B、C两点，且B、C两点的纵坐标分别是一元二次方程x2﹣2x﹣3=0的两个根（1）求线段BC的长度；（2）试问：直线AC与直线AB是否垂直？请说明理由；（3）若点D在直线AC上，且DB=DC，求点D的坐标；（4）在（3）的条件下，直线BD上是否存在点P，使以A、B、P三点为顶点的三角形是等腰三角形？若存在，请直接写出P点的坐标；若不存在，请说明理由．【考点】三角形综合题．【分析】（1）解出方程后，即可求出B、C两点的坐标，即可求出BC的长度；（2）由A、B、C三点坐标可知OA2=OC•OB，所以可证明△AOC∽△BOA，利用对应角相等即可求出∠CAB=90°；（3）容易求得直线AC的解析式，由DB=DC可知，点D在BC的垂直平分线上，所以D的纵坐标为1，将其代入直线AC的解析式即可求出D的坐标；（4）A、B、P三点为顶点的三角形是等腰三角形，可分为以下三种情况：①AB=AP；②AB=BP；③AP=BP；然后分别求出P的坐标即可．【解答】（1）∵x2﹣2x﹣3=0，∴x=3或x=﹣1，∴B（0，3），C（0，﹣1），∴BC=4，（2）∵A（﹣，0），B（0，3），C（0，﹣1），∴OA=，OB=3，OC=1，∴OA2=OB•OC，∵∠AOC=∠BOA=90°，∴△AOC∽△BOA，∴∠CAO=∠ABO，∴∠CAO+∠BAO=∠ABO+∠BAO=90°，∴∠BAC=90°，∴AC⊥AB；（3）设直线AC的解析式为y=kx+b，把A（﹣，0）和C（0，﹣1）代入y=kx+b，∴，解得：，∴直线AC的解析式为：y=﹣x﹣1，∵DB=DC，∴点D在线段BC的垂直平分线上，∴D的纵坐标为1，∴把y=1代入y=﹣x﹣1，∴x=﹣2，∴D的坐标为（﹣2，1），（4）设直线BD的解析式为：y=mx+n，直线BD与x轴交于点E，把B（0，3）和D（﹣2，1）代入y=mx+n，∴，解得，∴直线BD的解析式为：y=x+3，令y=0代入y=x+3，∴x=﹣3，∴E（﹣3，0），∴OE=3，∴tan∠BEC==，∴∠BEO=30°，同理可求得：∠ABO=30°，∴∠ABE=30°，当PA=AB时，如图1，此时，∠BEA=∠ABE=30°，∴EA=AB，∴P与E重合，∴P的坐标为（﹣3，0），当PA=PB时，如图2，此时，∠PAB=∠PBA=30°，∵∠ABE=∠ABO=30°，∴∠PAB=∠ABO，∴PA∥BC，∴∠PAO=90°，∴点P的横坐标为﹣，令x=﹣代入y=x+3，∴y=2，∴P（﹣，2），当PB=AB时，如图3，∴由勾股定理可求得：AB=2，EB=6，若点P在y轴左侧时，记此时点P为P1，过点P1作P1F⊥x轴于点F，∴P1B=AB=2，∴EP1=6﹣2，∴sin∠BEO=，∴FP1=3﹣，令y=3﹣代入y=x+3，∴x=﹣3，∴P1（﹣3，3﹣），若点P在y轴的右侧时，记此时点P为P2，过点P2作P2G⊥x轴于点G，∴P2B=AB=2，∴EP2=6+2，∴sin∠BEO=，∴GP2=3+，令y=3+代入y=x+3，∴x=3，∴P2（3，3+），综上所述，当A、B、P三点为顶点的三角形是等腰三角形时，点P的坐标为（﹣3，0），（﹣，2），（﹣3，3﹣），（3，3+）．。

浙教版初三数学中考试卷

浙教版初三数学中考试卷

一、选择题（每题3分，共30分）1. 下列各数中，有理数是（）A. √9B. √16C. √-4D. √252. 若a > b，则下列不等式中正确的是（）A. a - b > 0B. a + b > 0C. -a > -bD. ab > 03. 已知函数f(x) = 2x + 3，则f(-1)的值为（）A. 1B. 2C. 3D. 44. 下列各组数中，成等差数列的是（）A. 1, 3, 5, 7B. 2, 4, 6, 8C. 3, 6, 9, 12D. 1, 4, 7, 105. 在直角坐标系中，点P(2, 3)关于x轴的对称点坐标是（）A. (2, -3)B. (-2, 3)C. (2, -3)D. (-2, -3)6. 若sinA = 1/2，cosB = 1/2，则sin(A + B)的值为（）A. √3/2B. 1/2C. -√3/2D. -1/27. 已知等腰三角形ABC中，AB = AC，AD是底边BC上的高，若∠BAC = 30°，则∠BAD的度数是（）A. 30°B. 45°C. 60°D. 90°8. 下列关于圆的性质中，正确的是（）A. 相切圆的半径之和等于两圆半径之和B. 相切圆的半径之差等于两圆半径之差C. 相切圆的半径之和等于两圆半径之积D. 相切圆的半径之差等于两圆半径之积9. 已知一元二次方程x^2 - 5x + 6 = 0的两个根分别为x1和x2，则x1 + x2的值为（）A. 2B. 3C. 5D. 610. 若a、b、c是等差数列，且a + b + c = 15，则b的值为（）A. 3B. 5C. 7D. 9二、填空题（每题3分，共30分）11. 已知函数f(x) = 3x - 2，则f(-1)的值为______。

12. 在直角三角形ABC中，∠A = 90°，∠B = 30°，则BC的长度是AB的______。

2024年浙江九年级中考数学最后一卷答案

2024年浙江九年级中考数学最后一卷答案

2024年浙江中考最后一卷数学解析及参考答案一、单选题1．D【分析】此题考查了实数的大小比较法则：正数大于零，零大于负数，两个负数绝对值大的反而小，据此判断．【详解】∵510−<−<<故选：D ．2．D【分析】根据各个选项中的式子可以计算出正确的结果，本题得以解决．【详解】解：∵3a ﹣2a ＝a ，故选项A 错误；∵2a 2+4a 2＝6a 2，故选项B 错误；∵（x 3）2＝x 6，故选项C 错误；∵x 8÷x 2＝x 6，故选项D 正确；故选D ．【点睛】本题考查整式的混合运算，解答本题的关键是明确整式混合运算的计算方法．3．B【分析】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为10n a ×的形式，其中110a ≤<，n 为整数．确定n 的值时，要看把原数变成a 时，小数点移动了多少位，n 的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值10≥时，n 是正数；当原数的绝对值1<时，n 是负数．【详解】解：80.16亿98.01610×，故选：B ．4．B【分析】本题考查立体几何的三视图．根据题意，逐项判断即可．【详解】解：A.主视图为长方形，此项不符合题意；B.主视图为三角形，此项符合题意；C.主视图为圆，此项不符合题意；D.主视图为长方形，此项不符合题意．故选：B ．5．C【分析】先解不等式，求出解集，然后在数轴上表示出来．【详解】解：不等式x ﹣2≤0，得：2x ≤ ，把不等式的解集在数轴上表示出来为：．故选：C【点睛】本题主要考查了解不等式，并在数轴上表示解集，解题的关键是熟练掌握解不等式的步骤，不等式的解集在数轴表示时空心圈不包含该点，实心圈包含该点．6．D【分析】本题为统计题，考查众数与中位数的意义，根据众数的定义，找到该组数据中出现次数最多的数即为众数；根据中位数定义，将该组数据按从小到大依次排列，处于中间位置的两个数的平均数即为中位数．【详解】有45辆自动驾驶汽车参与了这次测试，45个分数，按大小顺序排列最中间的数据是第23个数：85，故得分的中位数是85（分），得80分的人数最多，有16人，故众数为80，故选D ．7．A【分析】本题考查了垂径定理和勾股定理的应用，根据垂径定理求出AE 的长是解此题的关键．连接OA ，根据垂径定理求出AE ，再根据勾股定理求出OA ，最后根据线段的和差求解即可．【详解】解：如图，连接OA ，线段CD 是O 的直径，CD AB ⊥于点E ，∴12AE AB =，8AB =， ∴4AE =，3OE =，∴5OA ，∴5OC OA ==，∴8CE OC OE =+=，故选：A ．8．A【分析】本题考查由实际问题抽象出二元一次方程组，解答本题的关键是设每头牛、每只羊分别值金x 两、y 两，根据“5头牛，2只羊，值金10两；2头牛，5只羊，值金8两”列出方程组即可得答案．【详解】解：设每头牛值金x 两，每只羊值金y 两，则可列方程组为5210258x y x y += +=， 故选A ．9．B【分析】本题考查了菱形的性质、二次函数图象上点的坐标特征，根据二次函数图象上点的坐标性质得出BD 的长是解题关键．连接BC 交OA 于D ，如图，根据菱形的性质得BC OA ⊥，60OBD ∠=°，利用含30度的直角三角形三边的关系得OD =，设BD t =，则OD =，()B t ，利用二次函数图象上点的坐标特征得2=，得出14BD =，OD =C 点坐标． 【详解】解：连接BC 交OA 于D ，如图，四边形OBAC 为菱形，BC OA ，120ABO ∠=° ，60OBD ∴∠=°，OD ∴，设BD t =，则OD =，()B t ∴，把()B t 代入2y =,得2=，解得10t =（舍去）， 214t =，14BD ∴=，OD =故C 点坐标为：14 − ．故答案为：B ．10．C【分析】本题考查的是矩形的性质、翻折的性质及相似多边形性质，熟练应用矩形和相似多边形性质是解题关键，设CD x =，则()1,1EC x CG x x =-=--，根据两矩形相似求出即可．【详解】解：在矩形ABCD 中，设CD x =，则ABCD x ==，1AD BC ==， 由翻折得,90AB AF x AFE B BAF ==∠=∠=∠=︒，∴四边形ABEF 是正方形，同理，四边形DFHG 是正方形，,1BE AB x DF DG x ∴====-，()1,121CE x CG x x x ∴=-=--=-，矩形HECG ∽矩形ABCD ，EC CG BC CD∴=，即1211x x x --=，解得：x =，经检验，xCD ∴ 故选：C ．二、填空题11．()()22t t t +−【分析】本题考查了因式分解，先提取公因式，再利用公式法即可求解，熟练掌握提公因式法及公式法分解因式是解题的关键．【详解】解：()()()324422t t t t t t t −=−=+−，故答案为：()()22t t t +−．12．14/0.25 【分析】本题考查了概率公式的应用，用到的知识点为：概率所求情况数与总情况数之比．全部情况的总数是四种，符合条件的情况的是一种，二者的比值就是其发生的概率．【详解】由于概率为所求情况数与总情况数之比，而抽取卡片为“特区精神”的情况数只有一种，从暗箱随机抽取一张的情况数为四种，故抽取卡片为“特区精神”的概率为14， 故答案为14． 13．0（答案不唯一）【分析】本题主要考查了二次根式有意义的条件，分式有意义的条件，根据二次根式有意义的条件的条件是被开方数大于等于0，分式有意义的条件是分母不为0进行求解即可．∴10x −>，解得1x <．∴x 的值可以是0，故答案为：0（答案不唯一）．14．100°/100度【分析】本题考查的是已知弧长与半径求解弧所对的圆心角，熟记弧长公式是解本题的关键．直接利用弧长公式计算即可．【详解】解： 设“弓”所在的圆的弧长圆心角度数是n °， 则1.2π2π1803n =， 解得：100n =，故答案为：100°．15．0.5−【分析】本题考查了反比例函数k 值的几何意义，熟练掌握k 值的几何意义是解答本题的关键.根据反比例函数k 值的几何意义进行解答即可.【详解】AB x ⊥ 轴于点B ，CD x ⊥轴，∴AB CD ，又 AD BC ，∴四边形ABCD 是平行四边形，过点作AM y ⊥轴，则四边形ABOM 是矩形， ∴0.5,ABOMABCD S S k ===矩形平行四边形∵反比例函数图象在第二象限，0.5k ∴=−，故答案为：0.5−.16．23、54【分析】本题考查了折叠的性质，正方形的性质，勾股定理，圆的定义；分三种情况讨论，设O 的半径为r ，分别根据勾股定理，即可求解．【详解】设O 的半径为r ，当O 经过A O ′的中点，即经过AO 的中点， ∴1233r AB =，当O 经过OD 的中点，则12r OB OD ==， ∴2OD r =，2AO AB OB r =−=−， 在Rt AOD 中，222AD AO OD +=∴()()222222r r +−=解得：r = 当O 经过A D ′的中点，即经过AD 的中点，设AD 的中点为M ，∴2,1,AO r AM OM r =−== ∴()22221r r −+= 解得：54r =综上所述，半径为23、54故答案为：23、54 三、解答题17．(1)5(2)222m mn −+【分析】此题考查了实数的运算以及整式的混合运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键．（1）原式利用零指数幂、绝对值的代数意义以及负整数指数幂法则计算即可求出值；（2）根据平方差公式和完全平方公式化简，再合并同类项即可．【详解】（1）解：原式159=-+5=；（2）原式()22222n m m mn n =−−−+22222n m m mn n =−−+−222m mn =−+18．(1)图见解析(2)【分析】本题考查作图-轴对称变换，旋转变换，以及求弧长，熟练掌握相关作图方法是解题关键； （1）根据点关于y 轴对称的性质分别找到对应的点1A ，1B ，1C ，然后进一步连接即可；（2）利用旋转变换的性质分别作出A ，B ，C 的对应点2A ，2B ，2C ，再顺次连接即可，利用弧长公式求得点C 经过的路径长．【详解】（1）解：如图，111A B C △即为所求；（2）如图，222A B C △即为所求，由题意可知，OC∴点C 旋转到点2C =． 19．(1)6，40(2)1120 (3)全校学生一周内平均读书时间23t ≤<(答案不唯一)【分析】本题考查了扇形统计图，样本估计总体等知识．（1）由等级得到学生总数，即可得出a ，再求C 等级的占比即可；（2）用样本估计总体即可得出结果；（3）根据表格可题建议合理即可．【详解】（1）解：由等级D 得到学生总数1530%50÷=人， ∴504201556a −−−−，()%2050100%40%m =÷×=，40m =，故答案为：6，40．（2）1552800112050+×=人， 故该校2800名学生每周读书时间至少3小时的人数为1120人．故答案为：1120．（3）根据表格可建议：全校学生一周内平均读书时间23t ≤<．20．(1)是；222AB BD AD +=，由勾股定理的逆定理可知AB BC ⊥．(2)．【分析】本题考查的勾股定理的逆定理的应用，解直角三角形的应用，理解题意是解本题的关键． （1）利用勾股定理的逆定理判断即可；（2）先画图，利用三角函数再计算BE=BF =，从而可得答案． 【详解】（1）解：是， 理由：由测量结果可知得 1.5m BD =， 2.5m AD =，而2m AB =，∴2226.25AB BD AD +==，∴90ABD ，∴AB BC ⊥．故答案是：是；222AB BD AD +=，由勾股定理的逆定理可知AB BC ⊥．（2）如图，由题意可得：90ABC ∠=°，2AB =，30AFB ∠=°，60AEB ∠=°，∴tan tan 60AB AEB BE∠=°=，∴BE =， 同理：tan tan 30AB AFBBF ∠=°=，∴BF =，∴FE BF BE =−==． 21．(1)证明见解析(2)6【分析】（1）依据平行线的性质以及矩形的性质，即可得到∠AFE =∠AEF ，进而得出AE =AF ．（2）设BE =x ，则AE =EC =8-x ，在Rt △ABE 中，根据勾股定理可得方程，即可得到BE 的长，再根据三角形面积计算公式求解．【详解】（1）证明：∵四边形ABCD 矩形，∴AD ∥BC ，∴∠AFE =∠FEC ，由折叠的性质得：∠AEF =∠FEC ，∴∠AFE =∠AEF ，∴AE =AF ．（2）解：根据折叠的性质可得AE =EC ，设BE =x ，则AE =EC =8-x ，在Rt △ABE 中，根据勾股定理可得：222AB BE AE +=，即()22248x x +=−，解得：x =3，∴BE =3，∴ABE S = 12AB •BE =12×4×3=6． 【点睛】本题主要考查了折叠问题以及矩形的性质的运用，解题的方法是设要求的线段长为x ，然后根据折叠和轴对称的性质用含x 的代数式表示其他线段的长度，选择适当的直角三角形，运用勾股定理列出方程求出答案．22．(1)220y x =−+ (2)5种(3)当转运A 种脐橙的车4辆，转运B 种脐橙的车12辆，转运C 种脐橙的车4辆时，利润最大为140800元【分析】（1）根据题意列式：()20651040x x y y −−=++，整理后即可得到220y x =−+； （2）根据装运每种水果的车辆数都不少于4辆，4x ≥，2204x −+≥，解不等式组即可；（3）设利润为W 元，则()480016000048W x x =−+≤≤，根据一次函数的增减性求解即可． 【详解】（1）根据题意，装运A 种水果的车辆数为x ，装运B 种水果的车辆数为y ，∴装运C 种水果的车辆数为()20x y −−，∴()20651040x x y y −−=++， 整理得220y x =−+． （2）由（1）知，装运A ，B ，C 三种水果的车辆数分别为x ，220x −+，x ，由题意得2204x −+≥，解得8x ≤，∵4x ≥，∴48x ≤≤．∵x 为整数，∴x 的值为4，5，6，7，8，∴安排方案共有5种．（3）设利润为W 元，∴()612005220160041000W x x x =×+−+×+× 4800160000x =−+，因为48000−<，且x 的值为4，5，6，7，8，∴W 的值随x 的增大而减小，∴当4x =时，销售利润最大．当装运A 种水果4车，B 种水果12车，C 种水果4车，销售获利最大．最大利润48004160000140800W =−×+=（元）．【点睛】主要考查利用一次函数的模型解决实际问题的能力．要先根据题意列出函数关系式，再代数求值．解题的关键是要分析题意根据实际意义求解．注意要根据自变量的实际范围确定函数的最值．23．(1)2(0,0)P ，3(1,1)P ，4(2,2)P(2)①AC =BC =AB =ABC 是直角三角形，理由见解析【分析】本题考查了二次函数的图象与性质、勾股定理以及勾股定理逆定理：（1）根据“梦之点”的定义判断这几个点是否在矩形的内部或者边上即可得到答案；（2）①根据“梦之点”的定义求出A ，B 的坐标，再求出顶点的坐标，计算出AC ，AB ，BC 的长； ②根据勾股定理逆定理，即可求解．【详解】（1）解：∵矩形ABCD 的顶点坐标分别是(1,2)A −，(1,1)B −−，(3,1)C −，(3,2)D ，∴矩形ABCD 的“梦之点”(),x y 满足2,131x y −−≤≤≤≤，∴点2(0,0)P ，3(1,1)P ，4(2,2)P 是矩形ABCD 的“梦之点”，1(2,2)P −−不是矩形的“梦之点”．故答案为：2(0,0)P ，3(1,1)P ，4(2,2)P（2）解：①A 、B 是抛物线21922y x x =−++上的“梦之点”， ∴21922x x x =−++， 解得：123,3x x ==−，当3x =时，3y =，当3x =−时，=3y −，∴()()3,3,3,3A B −−， ∵()2219115222y x x x =−++=−−+， ∴顶点坐标为()1,5C ，∴AC =BC =AB =； ②ABC 是直角三角形，理由如下：∵AC =BC =AB =∴((2222280AB AC BC +=+==， ∴ABC 是直角三角形．24．(1)证明见解析(2)证明见解析(3)①EF =253CF =【分析】本题考查了圆的性质，等腰三角形的判定与性质，相似三角形的判定与性质，锐角三角函数等知识，掌握相关知识是解题的关键．（1）利用勾股和锐角三角函数求得AC BC =即可证明；（2）连接,OA OB ，延长CO 交AD 于点M ，交AB 于点N ，先证明CO 是ACB ∠的角平分线，再证明ANM CDM ∽即可得出结论；（3）①过O 点作OH BC ⊥交BC 于点H ，点E 是OC 上一动点，EF AB ∥交BC 于点F ，先证明CHO CFB ∽，设EF x =3x =即可求解，②要使OEF 的面积与CEF △的面积差最大，必须使EF 和()CE OE −最大，当E 点与O 点重合时，EF 最大，CE OE OC −=最大，先求得EF =即可求出CF ． 【详解】（1）证明：∵AD 是∴90ADC ADB ∠=∠=°， ∵9AD =，12CD =，∴15AC ===，∵tan 3ABD ∠=， ∴tan 3AD ABD BD∠==， ∴3BD =， ∴31215BC BD CD =+=+=， ∴AC BC =，∴ABC 是等腰三角形．（2）证明：连接,OA OB ，延长CO 交AD 于点M ，交AB 于点N ，如图：∵AC BC =，∴CAB CBA ∠=∠， ∵OA OB =，∴OAB OBA ∠=∠， ∴CAO CBO ∠=∠， ∵OA OC =，∴CAO ACO ∠=∠， ∵OB OC =，∴BCO CBO ∠=∠， ∴ACO BCO ∠=∠， ∴CO 是ACB ∠的角平分线， 又∵ AC BC =，∴CN AB ⊥，∴90ANC BNC ∠=∠=°， ∴90MDC ANE ∠=∠=°， 又∵AMN CMD ∠=∠， ∴ANM CDM ∽，∴DCM NAM ∠=∠， ∴BCO BAD ∠=∠． （3）解：①过O 点作OH BC ⊥交BC 于点H ，点E 是OC 上一动点，EF AB ∥交BC 于点F ，如图：∵,,15OB OC OH BC BC =⊥=， ∴17.52CH BC ==，90CHO CFB ∠=∠=°， ∴CHO CFB ∽，∴COH CBF ∠=∠， ∵tan 3ABD ∠=， ∴tan tan 3CH COH CBF OH∠=∠==， ∴ 2.5OH =，∴OC =， ∵EF AB ∥，90BNC ∠=°， ∴CEF CNB ∽，∴90CEF CNB ∠=∠=°， 设EF x =，∴tan tan 3CE CE CFE CBN EF x∠=∠===， ∴3CE x =，∵OEF ADB ∽，∴OE EF AD BD=， ∵OEOC CE =−，3x =， 解得：x =∴EF ②∵90CEF ∠=°，即EF OC ⊥， ∴12CEF S CE EF =⋅ ，12OEF S OE EF =⋅ ， ∴()111222CEF OEF S S CE EF OE EF EF CE OE −=⋅−⋅=⋅− ， 由题知，要使OEF 的面积与CEF △的面积差最大，必须使EF 和()CE OE −最大，∴当E 点与O 点重合时，EF 最大，CE OE OC −=最大，如图：∵EF AB ∥，∴CEF CNB ∽，∴CFE CBN ∠=∠，CE OC ==，∴tan tan 3CE CFE CBN EF ∠=∠==，∴EF∴253CF =．。

2020春浙教版九年级中考数学复习测试：6.20圆与相似三角形的结合

2020春浙教版九年级中考数学复习测试：6.20圆与相似三角形的结合

第20讲圆与相似三角形的结合[学生用书P129]月球有多大？我们用三角函数可以测定月球的大小，当我们已知月球离地球的距离是三十八万四千千米，就可以用相似测定月球直径的大小．如图①，把一枚硬币(直径2.4 cm)放在离眼睛2.6 m的地方，大致能够把整个月面遮住．(试一试！)①②如图②，由△OAB∽△OCD，可得CDAB＝OFOE(相似三角形对应高的比等于相似比)．把AB＝0.024 m，OF＝384 000 000 m，OE＝2.6 m代入，得CD＝0.024×384 000 0002.6≈3 500 000(m)．就是说，月球的直径约是3 500 km.类型之一圆的基本性质与相似三角形例1[2018·南京中考]如图，在正方形ABCD中，E是AB上一点，连结DE.过点A作AF⊥DE，垂足为F.⊙O经过点C，D，F，与AD相交于点G.(1)求证：△AFG∽△DFC；(2)若正方形ABCD的边长为4，AE＝1，求⊙O的半径．【思路生成】(1)欲证明△AFG∽△DFC，只要证明∠F AG＝∠FDC，∠AGF ＝∠FCD；(2)首先证明CG是直径，再求CG长度即可解决问题；解：(1)证明：在正方形ABCD中，∠ADC＝90°，∴∠CDF＋∠ADF＝90°，∵AF⊥DE，∴∠AFD＝90°，∴∠DAF＋∠ADF＝90°，∴∠DAF＝∠CDF，∵四边形GFCD是⊙O的内接四边形，∴∠FCD＋∠DGF＝180°，又∵∠FGA＋∠DGF＝180°，∴∠FGA＝∠FCD，∴△AFG∽△DFC；(2)如答图，连结CG.答图∵∠EAD＝∠AFD＝90°，∠EDA＝∠ADF，∴△EDA∽△ADF.∴EAAF＝DADF，即EADA＝AFDF.∵△AFG∽△DFC，∴AGDC＝AF DF.∴AGDC＝EADA.在正方形ABCD中，DA＝DC，∴AG＝EA＝1，DG＝DA－AG＝4－1＝3. ∴CG＝DG2＋DC2＝32＋42＝5.∵∠CDG＝90°，∴CG是⊙O的直径．∴⊙O的半径为5 2.圆与相似三角形的综合运用主要体现在以下几个方面：(1)证明圆中的比例式或等积式；(2)运用相似的性质进行圆的有关计算；(3)运用相似证明圆的切线．判定圆中的相似三角形(1)圆中的角主要有圆心角和圆周角，特别是直径所对的圆周角都是直角，利用圆心角、圆周角等寻找或构造相似三角形是基本思路；(2)利用圆的切线的判定或性质，或切线长定理寻找或构造相似三角形也是重要的方法．1．[太原竞赛]如图，已知△ABC中，∠C＝90°，AC＝11，BC＝5，以C为圆心，BC为半径作圆交BA的延长线于D，则AD的长为__73__．答图【解析】如答图，延长AC与圆相交于E，F，则AF＝5－11，AE＝5＋11，又AB＝6，由相交弦定理AD·AB＝AE·AF得AD＝AE·AFAB＝（5－11）（5＋11）6＝73.2．[第19届江苏竞赛]如图，AB为圆的直径，若AB＝AC＝5，BD＝4，则AE BE＝__724__．【解析】如答图，连结AD，答图∵AB为圆的直径，∴∠E＝90°，AD⊥BC，而AB＝AC＝5，BD＝4，则AD＝3，BD＝DC，∴BC＝2BD＝8，∵∠ACD＝∠BCE，∴Rt△CDA∽Rt△CEB，∴ADBE＝CDCE＝CABC，即3BE＝4CE＝58，所以BE＝245，CE＝325，则AE＝CE－AC＝325－5＝75，所以AEBE＝724.3．[苏州中考]如图，已知△ABC内接于⊙O，AB是直径，点D在⊙O上，OD∥BC，过点D作DE⊥AB，垂足为E ，连结CD 交OE 于点F .(1)求证：△DOE ∽△ABC ； (2)求证：∠ODF ＝∠BDE ；(3)连结OC ，设△DOE 的面积为S 1，四边形BCOD 的面积为S 2，若S 1S 2＝27，求OEOD 的值．解：(1)证明：∵AB 是⊙O 的直径，∴∠ACB ＝90°. ∵DE ⊥AB ，∴∠DEO ＝90°.∴∠DEO ＝∠ACB . ∵OD ∥BC ，∴∠DOE ＝∠ABC ，∴△DOE ∽△ABC ；(2)证明：∵△DOE ∽△ABC ，∴∠ODE ＝∠A .∵∠A 和∠BDC 是BC ︵所对的圆周角，∴∠A ＝∠BDC ，∴∠ODE ＝∠BDC .∴∠ODF ＝∠BDE ；(3)∵△DOE ∽△ABC ，∴S △DOE S △ABC ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫OD AB 2＝14，即S △ABC ＝4S △DOE ＝4S 1， ∵OA ＝OB ，∴S △BOC ＝12S △ABC ， 即S △BOC ＝2S 1.∵S 1S 2＝27，S 2＝S △BOC ＋S △DOE ＋S △DBE ＝2S 1＋S 1＋S △DBE ，∴S △DBE ＝12S 1，∴BE ＝12OE ， 即OE ＝23OB ＝23OD ，∴OE OD ＝23.4．[2018·宁波中考]如图1，直线l ：y ＝－34x ＋b 与x 轴交于点A (4，0)，与y 轴交于点B ，点C 是线段OA 上一动点⎝ ⎛⎭⎪⎫0<AC <165，以点A 为圆心，AC 长为半径作⊙A 交x 轴于另一点D ，交线段AB 于点E .连结OE 并延长交⊙A 于点F .(1)求直线l 的函数表达式和tan ∠BAO 的值． (2)如图2，连结CE ，当CE ＝EF 时． ①求证：△OCE ∽△OEA ； ②求点E 的坐标．(3)当点C 在线段OA 上运动时，求OE ·EF 的最大值．解：(1)∵直线l ：y ＝－34x ＋b 与x 轴交于点A (4，0)， ∴－34×4＋b ＝0，∴b ＝3，∴直线l 的函数表达式为y ＝－34x ＋3， ∴B (0，3)，∴OA ＝4，OB ＝3，在Rt△AOB中，tan∠BAO＝OBOA＝3 4.(2)①证明：如答图①，连结DE，DF，∵CE＝EF，∴∠CDE＝∠FDE，∴∠CDF＝2∠CDE，∵∠OAE＝2∠CDE，∴∠OAE＝∠ODF，∵四边形CEFD是⊙O的圆内接四边形，∴∠OEC＝∠ODF，∴∠OEC＝∠OAE，∵∠COE＝∠EOA，∴△COE∽△EOA；②如答图①，过点E作EM⊥OA于M，由①知，tan∠OAB＝3 4，设EM＝3m，则AM＝4m，∴OM＝4－4m，AE＝5m，∴E(4－4m，3m)，AC＝5m，∴OC＝4－5m，由①知，△COE∽△EOA，∴OCOE＝OEOA，∴OE2＝OA·OC＝4(4－5m)＝16－20m，∵E(4－4m，3m)，∴(4－4m)2＋9m2＝16－20m，解得m ＝0(舍)或m ＝1225，∴4－4m ＝5225，3m ＝3625， ∴E ⎝ ⎛⎭⎪⎫5225，3625.(3)如答图②，设⊙A 的半径为r ，设射线EA 与⊙A 相交于H ，过点O 作OG ⊥AB 于G ，连结FH ，答图①答图②∵A (4，0)，B (0，3)，∴OA ＝4，OB ＝3， ∴AB ＝5，∴12AB ×OG ＝12OA ×OB ，∴OG ＝125， ∴AG ＝OG tan ∠OAB＝125×43＝165， ∴EG ＝AG －AE ＝165－r ，∵EH 是⊙A 直径， ∴EH ＝2r ，∠EFH ＝90°＝∠EGO ， ∵∠OEG ＝∠HEF ，∴△OEG ∽△HEF ， ∴OE HE ＝EG EF ，∴OE ·EF ＝HE ·EG ＝2r ⎝ ⎛⎭⎪⎫165－r ＝－2⎝ ⎛⎭⎪⎫r －852＋12825，∴r ＝85时，OE ·EF 取最大值为12825.类型之二 圆的切线与相似三角形例2 [2018·成都]如图，在Rt △ABC 中，∠C ＝90°，AD 平分∠BAC 交BC 于点D ，O 为AB 上一点，经过点A ，D 的⊙O 分别交AB ，AC 于点E ，F ，连结OF 交AD 于点G .(1)求证：BC 是⊙O 的切线；(2)设AB ＝x ，AF ＝y ，试用含x ，y 的代数式表示线段AD 的长； (3)若BE ＝8，sin B ＝513，求DG 的长．【思路生成】(1)连结OD ，由AD 为角平分线得到一对角相等，再由等边对等角得到一对角相等，等量代换得到内错角相等，进而得到OD 与AC 平行，得到OD 与BC 垂直，即可得证；(2)连结DF ，由(1)得到BC 为⊙O 的切线，由弦切角等于夹弧所对的圆周角，进而得到△ABD 与△ADF 相似，由相似得比例，即可表示出AD ；(3)连结EF ，设圆的半径为r ，由sin B 的值，利用锐角三角函数定义求出r 的值，由直径所对的圆周角为直角，得到EF 与BC 平行，得到sin ∠AEF ＝sin B ，进而求出DG 的长即可．解：(1)证明：如答图，连结OD ，答图∵AD为∠BAC的平分线，∴∠BAD＝∠CAD，∵OA＝OD，∴∠ODA＝∠OAD，∴∠ODA＝∠CAD，∴OD∥AC，∵∠C＝90°，∴∠ODC＝90°，∴OD⊥BC，又⊙O过点D，∴BC为⊙O的切线；(2)如答图，连结DF，由(1)知BC为⊙O的切线，∴∠FDC＝∠DAF，∴∠CDA＝∠CFD，∴∠AFD＝∠ADB，∵∠BAD＝∠DAF，∴△ABD∽△ADF，∴ABAD＝ADAF，即AD2＝AB·AF＝xy，则AD＝xy；(3)如答图，连结EF，在Rt△BOD中，sin B＝ODOB＝513，设圆的半径为r，可得rr＋8＝513，解得r＝5，∴AE＝10，AB＝18，∵AE是直径，∴∠AFE＝∠C＝90°，∴EF ∥BC ，∴∠AEF ＝∠B ，∴sin ∠AEF ＝AF AE ＝513，∴AF ＝AE ·sin ∠AEF ＝10×513＝5013，∵AF ∥OD ，∴AG DG ＝AF OD ＝50135＝1013，即DG ＝1323AD ，∴AD ＝AB ·AF ＝18×5013＝301313，则DG ＝1323×301313＝301323.5．[2018·淄博中考]如图，以AB 为直径的⊙O外接于△ABC ，过A 点的切线AP 与BC 的延长线交于点P .∠APB 的平分线分别交AB ，AC 于点D ，E ，其中AE ，BD (AE <BD )的长是一元二次方程x 2－5x ＋6＝0的两个实数根．(1)求证：P A ·BD ＝PB ·AE ；(2)在线段BC 上是否存在一点M ，使得四边形ADME 是菱形？若存在，请给予证明，并求其面积；若不存在，说明理由．解：(1)证明：∵AP 为⊙O 的切线，AB 是直径，∴∠BAP ＝90°，即∠BAC ＋∠EAP ＝90°，∵AB 为直径，∴∠ACB ＝90°，即∠BAC ＋∠DBP ＝90°，∴∠EAP＝∠DBP，又∵PD平分∠APB，∴∠APE＝∠BPD，∴△APE∽△BPD，∴P AAE＝PBBD，∴P A·BD＝PB·AE；(2)存在．如答图，过点D作DM⊥BC于点M，连结EM，答图∵PD平分∠APB，又AD⊥P A，DM⊥PM，∴DM＝DA，∵∠AED＝∠EAP＋∠APE，∠ADE＝∠DBP＋∠BPD，又由(1)知∠EAP＝∠DBP，∠APE＝∠BPD，∴∠AED＝∠ADE，∴AD＝AE，∴DM＝AE，∵DM⊥BC，AC⊥BC，∴DM∥AC，∴四边形ADME为菱形，易得x2－5x＋6＝0的两个根为2，3，∵AE<BD，∴BD＝3，AE＝2，∵四边形ADME为菱形，∴DM＝AE＝AD＝2，在Rt△BDM中，BD＝3，DM＝2，∴BM＝32－22＝5，∵DM∥AC，∴BDDA＝BM MC，∴32＝5MC，∴MC＝253，∴S菱形ADME ＝AE·MC＝2×235＝453.6．[2018·遂宁中考]如图，过⊙O外一点P作⊙O的切线P A切⊙O于点A，连结PO并延长，与⊙O交于C，D两点，M是半圆CD的中点，连结AM交CD于点N，连结AC，CM.(1)求证：CM2＝MN·MA；(2)若∠P＝30°，PC＝2，求CM的长．解：(1)证明：∵在⊙O中M点是半圆CD的中点，∴∠CAM＝∠DCM，又∵∠M是公共角，∴△CMN∽△AMC，∴CMAM＝MNMC，∴CM2＝MN·MA；(2)如答图，连结OA，DM，答图∵P A是⊙O的切线，∴∠P AO＝90°，又∵∠P＝30°，∴OA＝12PO＝12(PC＋CO)，设⊙O的半径为r，∵PC＝2，∴r＝12(2＋r)，解得r＝2，又∵CD是直径，∴∠CMD＝90°，∵M点是半圆CD的中点，∴CM＝DM，∴△CMD是等腰直角三角形，∴在Rt△CMD中，由勾股定理得CM2＋DM2＝CD2，∴2CM2＝(2r)2＝16，解得CM＝2 2.类型之三证明圆中的比例式或乘积式例3[天津竞赛]如图，BC是半圆O的直径，D是弧AC的中点，四边形ABCD的对角线AC，BD交于点E.(1)求证：AC·BC＝2BD·CD；(2)若AE＝3，CD＝25，求弦AB和直径BC的长．【思路生成】(1)连结OD交AC于点F，由于D是弧AC的中点，∠ACD＝∠ABD＝∠CBD，由垂径定理知，AF＝CF＝12AC.∠CFD＝∠BDC＝90°，则有△CDF∽△BCD；(2)延长BA，CD交于点G，易得Rt△CDE∽Rt△CAG，由比例线段解得CE ＝5，在Rt△ACG中，由勾股定理得AG＝4，由割线定理知，GA·GB＝GD·GC，即4(AB＋4)＝25×45，解得AB＝6.在Rt△ABC中，由勾股定理可求得BC的值．解：(1)证明：如答图，连结OD交AC于点F，答图∵D是弧AC的中点，∴∠ACD＝∠ABD＝∠CBD，且AF＝CF＝12AC.∵BC为直径，∴∠BDC＝90°，又∵∠CFD＝90°，∴△CDF∽△BCD.∴CFBD＝CDBC，∴CF·BC＝BD·CD.∴AC·BC＝2BD·CD；(2)如答图，延长BA，CD交于点G，由(1)得∠ABD＝∠CBD，∠BDC＝90°，∴△BCG为等腰三角形，∴BD平分CG，∴CG＝2CD＝45，∴Rt△CDE∽Rt△CAG，∴CECG＝CDCA，即CE45＝25CE＋3，解得CE＝5或CE＝－8(舍去)．在Rt△ACG中，由勾股定理得AG＝CG2－AC2＝（45）2－（3＋5）2＝4，∵GA·GB＝GD·GC，即4(AB＋4)＝25×45，解得AB＝6.在Rt△ABC中，由勾股定理得BC＝AB2＋AC2＝62＋（3＋5）2＝10.7．如图，已知四边形ABCD为圆的内接四边形，求证：AB·CD＋AD·BC＝AC·BD.答图证明：如答图，在BD上取一点E，使∠BCE＝∠ACD，即得△BEC∽△ADC，可得BE BC ＝AD AC ，即AD ·BC ＝BE ·AC ，①又∵∠ACB ＝∠DCE ，可得△ABC ∽△DEC ，即得AB AC ＝DE DC ，即AB ·CD ＝DE ·AC ，②由①＋②，可得AB ·CD ＋AD ·BC ＝AC (BE ＋DE )＝AC ·BD .8．[江苏竞赛]如图，AB ，AC ，AD 是圆中的三条弦，点E 在AD 上，且AB ＝AC ＝AE .请你说明以下各式成立的理由：(1)∠CAD ＝2∠DBE ；(2)AD 2－AB 2＝BD ·DC .证明：(1)如答图，延长BE 交圆于点F ，连结AF ，则∠DBF ＝∠DAF ，答图∵AB ＝AE ，∴∠ABE ＝∠AEB ＝∠DAF ＋∠F ，∴AF ︵＝AC ︵＋CF ︵＝AB ︵＋DF ︵，∵AB ＝AC ，∴AB ︵＝AC ︵，∴CF ︵＝DF ︵，即点F 是CD ︵的中点，∴∠CAD ＝2∠DAF ＝2∠DBE ；(2)如答图，连结BC 交AD 于点G ，∵AB ＝AC ，∴∠ADB ＝∠ABC ，∠BAG ＝∠DAB ，∴△BAG ∽△DAB .∴AB AG ＝AD AB ，即AB 2＝AG ·AD .∴AD 2－AB 2＝AD 2－AG ·AD ＝AD (AD －AG )＝AD ·DG ，∵∠BDA ＝∠ADC ，∠DBG ＝∠DAC ，∴△BDG ∽△ADC .∴BD AD ＝DG DC ，∴AD ·DG ＝BD ·DC .∴AD 2－AB 2＝BD ·DC .相似三角形解决圆中计算问题作辅助线构造直角是证明圆中三角形相似的常见方法．圆中三角形的相似常见的基本图形如下图所示．类型之四 利用相似三角形解决圆中的计算问题例4 [2018·武汉中考]如图，P A 是⊙O 的切线，A 是切点，AC 是直径，AB 是弦，连结PB ，PC ，PC交AB 于点E ，且P A ＝PB .(1)求证：PB 是⊙O 的切线；(2)若∠APC ＝3∠BPC ，求PE CE 的值．【思路生成】(1)连结OB ，OP ，△OAP 与△OBP 三边对应相等，这两个三角形全等，得∠OBP ＝∠OAP ＝90°，故PB 是⊙O 的切线；(2)连结BC ，AB 与OP 交于点H ，易证OP ⊥AB ，∠OPC ＝∠PCB ＝∠CPB ，由△OAH ∽△CAB 得OH CB ＝12；由△HPB ∽△BPO ，求得HP OH ；再由△HPE ∽△BCE ，可得PE CE 的值．解：(1)证明：如答图，连结OB ，OP ，在△OAP 和△OBP 中，⎩⎪⎨⎪⎧OA ＝OB ，OP ＝OP ，AP ＝BP ，∴△OAP ≌△OBP (SSS )，∴∠OBP ＝∠OAP ，∵P A 是⊙O 的切线，∴∠OBP ＝∠OAP ＝90°，∴PB 是⊙O 的切线；(2)如答图，连结BC ，AB 与OP 交于点H ，答图∵∠APC ＝3∠BPC ，设∠BPC ＝x ，则∠APC ＝3x ，∠APB ＝x ＋3x ＝4x ， 由(1)知∠APO ＝∠BPO ＝2x ，∴∠OPC ＝∠CPB ＝x ，∵AC 是⊙O 的直径，∴∠ABC ＝90°，由P A ＝PB ，∠APH ＝∠BPH 可得OP ⊥AB ，∴∠AHO ＝∠ABC ＝90°，即OP ∥BC ，∴∠OPC ＝∠PCB ＝∠CPB ＝x ，∴CB ＝BP ，易证△OAH∽△CAB，∴OHCB＝OAAC＝12，设OH＝a，则CB＝BP＝2a，易证△HPB∽△BPO，∴HPBP＝BPOP，设HP＝ya，则ya2a＝2aa＋ya，解得y1＝－1－172(舍)或y2＝－1＋172，∵OP∥CB，易证△HPE∽△BCE，∴PECE＝HPCB＝ya2a＝－1＋174.9．[2018·鄂州中考]如图，四边形ABCD内接于⊙O，BC为⊙O的直径，AC 与BD交于点E，P为CB延长线上一点，连结P A，且∠P AB＝∠ADB.(1)求证：AP是⊙O的切线；(2)若AB＝6，tan∠ADB＝34，求PB的长；(3)在(2)的条件下，若AD＝CD，求△CDE的面积．解：(1)证明：如答图，连结OA，∵OA＝OC，∴∠OCA＝∠OAC，又∵∠P AB＝∠ADB，∠OCA＝∠ADB，∴∠OAC＝∠P AB，∵BC为⊙O的直径，∴∠CAB＝90°，∴∠OAC＋∠OAB＝90°，∴∠P AB＋∠OAB＝90°，即OA⊥AP，∴AP是⊙O的切线；(2)如答图，过点B作BF⊥AP于点F，答图∵∠ACB＝∠P AB＝∠ADB，AB＝6，tan∠ADB＝3 4，∴BC＝10，BFAF＝34，设BF＝3a，AF＝4a，又∵AB＝6，∴(3a)2＋(4a)2＝62，∴a＝65，∴BF＝3a＝185，AF＝4a＝245，∵OA⊥AP，BF⊥AP，∴BF∥OA，∴BFOA＝BPOP，即1855＝BPBP＋5，解得PB＝907；(3)如答图，连结OD交AC于点G，∵CD＝AD，∴OD⊥AC，并且CG＝AG＝12AC＝4，在Rt△COG中，由勾股定理可得OG＝OC2－CG2＝52－42＝3，∴DG＝OD－OG＝5－3＝2，S△CDG＝12CG·DG＝12×4×2＝4.显然Rt△CDG∽Rt△CED，∴S△CDES△CDG＝⎝⎛⎭⎪⎫CDCG2＝⎝⎛⎭⎪⎫2542＝54，∴S△CDE ＝54S△CDG＝54×4＝5.圆与相似三角形的综合运用(1)证明圆的切线的常用辅助线是作过切点的半径，证明直线与这条半径垂直；(2)运用切线的性质时，常连结切点和圆心．类型之五圆与相似三角形的综合运用例5 [2017·温州中考]如图，已知线段AB ＝2，MN ⊥AB 于点M ，且AM ＝BM ，P 是射线MN 上一动点，E ，D 分别是P A ，PB 的中点，过点A ，M ，D 的圆与BP 的另一交点为C (点C 在线段BD 上)，连结AC ，DE .(1)当∠APB ＝28°时，求∠B 和CM ︵所对的圆心角的度数．(2)求证：AC ＝AB .(3)在点P 的运动过程中．①当MP ＝4时，取四边形ACDE 一边的两端点和线段MP 上一点Q ，若以这三点为顶点的三角形是直角三角形，且Q 为锐角顶点，求所有满足条件的MQ 的值；②记AP 与圆的另一个交点为F ，将点F 绕点D 旋转90°得点G ，当点G 恰好落在MN 上，连结AG ，CG ，DG ，EG ，直接写出△ACG 与△DEG 的面积比．【思路生成】(1)根据三角形ABP 是等腰三角形，可得∠B 的度数，再连结MD ，根据MD 为△P AB 的中位线，可得∠MDB ＝∠APB ＝28°；(2)由等角的补角相等，得∠ACB ＝∠B ，则AC ＝AB ；(3)①由垂直平分线的性质，分类讨论符合条件的点Q 的个数，利用相似和勾股定理分别求出MQ 的长度；②利用旋转的性质，平行四边形的性质，锐角三角比求出各边的长度，用面积公式求出比值．解：(1)∵MN ⊥AB ，AM ＝BM ，∴P A ＝PB ，∴∠P AB ＝∠B ，答图①∵∠APB ＝28°，∴∠B ＝76°，如答图①，连结MD ，∵MD 为△P AB 的中位线，∴MD ∥AP ，∴∠MDB ＝∠APB ＝28°，∴CM ︵所对的圆心角的度数为2∠MDB ＝56°.(2)证明：∵∠BAC ＝∠MDC ＝∠APB ，又∵∠BAP ＝180°－∠APB －∠B ，∠ACB ＝180°－∠BAC －∠B ， ∴∠BAP ＝∠ACB ，∵∠BAP ＝∠B ，∴∠ACB ＝∠B ，∴AC ＝AB .(3)①记MP 与圆的另一个交点为R ，∵MD 是Rt △MBP 的中线，∴DM ＝DP ，∴∠DPM＝∠DMP＝∠RCD，∴RC＝RP，∵∠ACR＝∠AMR＝90°，∴AM2＋MR2＝AR2＝AC2＋CR2，∴12＋MR2＝22＋PR2，∴12＋(4－PR)2＝22＋PR2，∴PR＝138，∴MR＝198，Ⅰ.当∠ACQ＝90°时，AQ为圆的直径，∴Q与R重合，∴MQ＝MR＝19 8；Ⅱ.如答图②，当∠QCD＝90°时，在Rt△QCP中，由PR＝CR可知PQ＝2PR＝134，∴MQ＝34；答图②答图③Ⅲ.如答图③，当∠QDC＝90°时，∵BM＝1，MP＝4，∴BP＝17，∴DP＝12BP＝172，∵△PBM∽△PQD，∴MPPB＝DPPQ，∴PQ＝178，∴MQ＝158；Ⅳ.如答图④，当∠AEQ＝90°时，答图④由AE＝PE，可得AQ＝PQ，设MQ＝x，则x2＋1＝(4－x)2，解得x＝15 8，∴MQ＝15 8；综上所述，MQ的值为198或34或158；②△ACG和△DEG的面积之比为6－233.理由：如答图⑤，过C作CH⊥AB于H，答图⑤∵DM∥AF，DE∥AB，∴四边形AMDE 是平行四边形，四边形AMDF 是等腰梯形，∴DF ＝AM ＝DE ＝1，又由对称性可得GE ＝GD ，并且DG ＝DF ，∴△DEG 是等边三角形， ∴∠EDF ＝90°－60°＝30°，∴∠DEF ＝75°＝∠MDE ，∴∠GDM ＝75°－60°＝15°，∴∠GMD ＝∠PGD －∠GDM ＝15°， ∴∠GMD ＝∠GDM ，∴GM ＝GD ＝1，由∠B ＝∠BAP ＝∠DEF ＝75°，得∠BAC ＝30°，从而CH ＝12AC ＝12AB ＝1＝MG ，AH ＝3，∴CG ＝MH ＝3－1，∴S △ACG ＝12CG ×CH ＝3－12，∵S △DEG ＝34，∴S △ACG ∶S △DEG ＝6－233.10．[2018·温州中考]如图，已知P 为锐角∠MAN内部一点，过点P 作PB ⊥AM 于点B ，PC ⊥AN 于点C ，以PB 为直径作⊙O ，交直线CP 于点D ，连结AP ，BD ，AP 交⊙O 于点E .(1)求证：∠BPD ＝∠BAC .(2)连结EB ，ED ，当tan ∠MAN ＝2，AB ＝25时，在点P 的整个运动过程中．①若∠BDE ＝45°，求PD 的长；②若△BED 为等腰三角形，求所有满足条件的BD 的长．(3)连结OC ，EC ，OC 交AP 于点F ，当tan ∠MAN ＝1，OC ∥BE 时，记△OFP的面积为S 1，△CFE 的面积为S 2，请写出S 1S 2的值． 解：(1)证明：∵PB ⊥AM ，PC ⊥AN ，∴∠ABP ＝∠ACP ＝90°，∴∠BAC ＋∠BPC ＝180°，又∠BPD ＋∠BPC ＝180°，∴∠BPD ＝∠BAC .(2)①如答图①，∵∠APB ＝∠BDE ＝45°，∠ABP ＝90°，∴BP ＝AB ＝25，∵∠BPD ＝∠BAC ，∴tan ∠BPD ＝tan ∠BAC ，∴BD DP ＝2，∴BP ＝5PD ，∴PD ＝2；②Ⅰ.当BD ＝BE 时，∠BED ＝∠BDE ，∴∠BPD ＝∠BED ＝∠BDE ＝∠BPE ＝∠BAC ，∴tan ∠BPE ＝2， ∵AB ＝25，∴BP ＝5，∴BD ＝2；Ⅱ.当BE ＝DE 时，∠EBD ＝∠EDB ，∵∠APB＝∠BDE，∠DBE＝∠APC，∴∠APB＝∠APC，∴AC＝AB＝25，如答图①过点B作BG⊥AC于点G，则四边形BGCD是矩形，答图①∵AB＝25，tan∠BAC＝2，∴AG＝2，∴BD＝CG＝25－2；Ⅲ.当BD＝DE时，∠DEB＝∠DBE＝∠APC，∵∠DEB＝∠DPB＝∠BAC，∴∠APC＝∠BAC，设PD＝x，则BD＝2x，∴ACPC＝2，而AG＝2，CD＝BG＝4，∴2x＋24－x＝2，∴x＝32，∴BD＝2x＝3，综上所述，当BD＝2，3或25－2时，△BDE为等腰三角形．(3)如答图②，过点O作OH⊥DC于点H，答图②∵tan∠BPD＝tan∠MAN＝1，∴BD＝PD，设BD＝PD＝2a，PC＝2b，则OH＝a，CH＝a＋2b，AC＝4a＋2b，∵OC∥BE且∠BEP＝90°，∴∠PFC＝90°，∴∠P AC＋∠APC＝∠OCH＋∠APC＝90°，∴∠OCH＝∠P AC，∴△ACP∽△CHO，∴OHCH＝PCAC，即OH·AC＝CH·PC，∴a(4a＋2b)＝2b(a＋2b)，∴a＝b，即CP＝2a，CH＝3a，则OC＝10a，∵△CPF∽△COH，∴CFCH＝CPOC，即CF3a＝2a10a，则CF＝3105a，OF＝OC－CF＝2105a，∵BE∥OC且BO＝PO，∴OF为△PBE的中位线，∴EF＝PF，∴S1S2＝OFCF＝23.例6[全国数学联赛题]如图，已知四边形ABCD外接圆O的半径为2，对角线AC与BD的交点为E，AE＝EC，AB＝2AE，且BD＝23，求四边形ABCD的面积．【思路生成】先求△ABD的面积，再证△ABD与△BCD的面积相等即可．解：如答图，连结AO，交BD于H，连结OB，答图∵AE＝EC，AB＝2AE，∴AB2＝2AE2＝AE·AC，∴ABAC＝AEAB，又∠EAB＝∠BAC，∴△ABE∽△ACB，∴∠ABE＝∠ACB＝∠ADB，∴AB＝AD.∵AB ＝AD ，∴AO ⊥BD ，∴BH ＝HD ，∵BO ＝2，BD ＝23，∴BH ＝HD ＝ 3.∴OH ＝OB 2－BH 2＝4－3＝1，AH ＝OA －OH ＝2－1＝1.∴S △ABD ＝12BD ·AH ＝12×23×1＝3，∵E 是AC 的中点，∴S △ABE ＝S △BCE ，S △ADE ＝S △CDE ，∴S △ABD ＝S △BCD ，∴S 四边形ABCD ＝2S △ABD ＝2 3.[学生用书P67]【思维入门】1．[余姚自主招生]如图，AB 是半圆的直径，点C 是AB ︵的中点，点E 是AC ︵的中点，连结EB ，CA 交于点F ，则EF BF ＝( D )A.13B.14C.1－22 D.2－12【解析】 连结AE ，CE ，作AD ∥CE ，交BE 于点D ，答图∵点E 是AC ︵的中点，设AE ＝CE ＝x ，根据平行线的性质得∠ADE ＝∠CED ＝45°，∴△ADE 是等腰直角三角形，则AD ＝2x ，又∠DAF ＝∠ACE ＝∠CAE ＝∠CBE ，而∠CAB ＝∠CBA ＝45°，∴∠DAB ＝∠DBA ，∴BD ＝AD ＝2x ，∴BE ＝(2＋1)x .∵∠EAC ＝∠ABE ，∠AEF ＝∠BEA ，∴△AEF ∽△BEA ，∴AE BE ＝EF EA ，∴EF ＝(2－1)x ，BF ＝2x .∴EF BF ＝2－12.2．[雨花区自主招生]如图，BC 是半圆O 的直径，EF ⊥BC 于点F ，BF FC ＝5，又AB ＝8，AE ＝2，则AD 的长为( B )A ．1＋ 3 B.1＋32 C.32 D ．1＋ 2 【解析】 如答图，连结BE .答图∵BC是直径．∴∠AEB＝∠BEC＝90°，在Rt△ABE中，根据勾股定理可得BE2＝AB2－AE2＝82－22＝60.∵BFFC＝5，∴设FC＝x，则BF＝5x，BC＝6x，又∵BE2＝BF·BC，即30x2＝60，解得x＝2，∴EC2＝FC·BC＝6x2＝12，∴EC＝23，∴AC＝AE＋EC＝2＋23，∵AD·AB＝AE·AC，∴AD＝AE·ACAB＝2（2＋23）8＝1＋32.3．[天津中考]如图，已知△ABC为等腰直角三角形，D为斜边BC的中点，经过点A，D的⊙O与边AB，AC，BC分别相交于点E，F，M.对于如下五个结论：①∠FMC＝45°；②AE＋AF＝AB；③EDEF＝BABC；④2BM2＝BE·BA；⑤四边形AEMF为矩形．其中正确结论的个数是(C)A．2个B．3个C．4个D．5个【解析】如答图，连结AM，根据等腰三角形的三线合一，得AD⊥BC，答图再根据90°的圆周角所对的弦是直径，得EF，AM是直径，根据对角线相等且互相平分的四边形是矩形，得四边形AEMF是矩形，∴①根据等腰直角三角形ABC的底角是45°，易得∠FMC＝45°，正确；②根据矩形和等腰直角三角形的性质，得AE＋AF＝AB，正确；③连结FD，可以证明△EDF是等腰直角三角形，则③中左右两边的比都是等腰直角三角形的直角边和斜边的比，正确；④根据BM＝2BE，得左边＝4BE2，故需证明AB＝4BE，根据已知条件它们之间不一定有这种关系，错误；⑤正确．所以①②③⑤共4个正确．4．[麻城自主招生]如图，⊙O与Rt△ABC的斜边AB相切于点D，与直角边AC相交于点E，且DE∥BC.已知AE＝22，AC＝32，BC＝6，则⊙O的半径是(D)A．3 B．4C．4 3 D．2 3【解析】如答图，延长EC交⊙O于点F，连结DF.则根据90°的圆周角所对的弦是直径，得DF是直径，答图∵DE∥BC，∴△ADE∽△ABC.∴DEBC＝AEAC.则DE＝4.由Rt△ADE∽Rt△DFE，得EF＝DE2AE＝4 2.根据勾股定理，得DF＝DE2＋EF2＝16＋32＝43，则圆的半径是2 3.5．[淮安自主招生]如图，△ABC中，∠C＝90°，O为AB上一点，以O为圆心，OB为半径的圆与AB相交于点E，与AC相切于点D，已知AD＝2，AE＝1，那么BC＝__125__．答图【解析】 如答图，连结OD ，∵AC 为⊙O 的切线，∴OD ⊥AC ，在Rt △ADO 中，设OD ＝R ，∵AD ＝2，AE ＝1，∴22＋R 2＝(R ＋1)2，解得R ＝32，∴AO ＝52，AB ＝4，又∵∠C ＝90°，∴OD ∥BC ，∴△AOD ∽△ABC ，∴OD BC ＝OA AB ，即BC ＝4×3252＝125.6．[2018·柳州]如图，△ABC 为⊙O 的内接三角形，AB 为⊙O 的直径，过点A 作⊙O 的切线交BC 的延长线于点D .(1)求证：△DAC ∽△DBA ；(2)过点C 作⊙O 的切线CE 交AD 于点E ，求证：CE ＝12AD ；(3)若点F 为直径AB 下方半圆的中点，连结CF 交AB于点G，且AD＝6，AB＝3，求CG的长．解：(1)证明：∵AB是⊙O直径，∴∠ACD＝∠ACB＝90°，答图∵AD是⊙O的切线，∴∠BAD＝90°，∴∠ACD＝∠DAB＝90°，∵∠D＝∠D，∴△DAC∽△DBA；(2)证明：∵EA，EC是⊙O的切线，∴AE＝CE，∴∠DAC＝∠ECA，∵∠ACD ＝90°，∴∠ACE ＋∠DCE ＝90°，∠DAC ＋∠D ＝90°，∴∠D ＝∠DCE ，∴DE ＝CE ，∴AD ＝AE ＋DE ＝CE ＋CE ＝2CE ，∴CE ＝12AD ；(3)如答图，过点G 作GH ⊥BD 于H ，在Rt △ABD 中，AD ＝6，AB ＝3，∴tan ∠ABD ＝AD AB ＝2，∴tan ∠ABD ＝GH BH ＝2，∴GH ＝2BH ，∵点F 是直径AB 下方半圆的中点，∴∠BCF ＝45°，∴∠CGH ＝90°－∠BCF ＝45°，∴CH ＝GH ＝2BH ，∴BC ＝BH ＋CH ＝3BH ，在Rt △ABC 中，tan ∠ABC ＝AC BC ＝2，∴AC ＝2BC ，根据勾股定理得，AC 2＋BC 2＝AB 2，∴4BC 2＋BC 2＝9，∴BC ＝355，∴3BH ＝355，∴BH ＝55，∴GH＝2BH＝25 5，在Rt△CHG中，∠BCF＝45°，∴CG＝2GH＝2105.【思维拓展】7．[瓯海区自主招生]如图，已知：P A切⊙O于A，若AC为⊙O的直径，PBC为⊙O的割线，E为弦AB的中点，PE的延长线交AC于F，且∠FPB＝45°，点F到PC的距离为5，则FC的长为(C)A．10 B．12 C．5 5 D．5 6【解析】设PB＝x，∵P A切⊙O于A，∴AP⊥AC，∴∠P AC＝90°，∵AC为⊙O的直径，∴∠ABC＝90°，∵∠FPB＝45°，∴BE＝PB＝x，AB＝2x，PH＝FH＝5，∵∠C＋∠BAC＝90°，∠P AB＋∠BAC＝90°，∴∠C＝∠P AB，∴△APB∽△CAB，∴AB BC ＝PB AB ，即2x BC ＝x 2x ，解得BC ＝4x ，∴CH ＝PC －PH ＝PB ＋BC －PH ＝5x －5，∵FH ∥AB ，∴△CFH ∽△CAB ，∴FH AB ＝CH CB ，即52x ＝5x －54x ，解得x ＝3，∴CH ＝5x －5＝10，在Rt △CFH 中，CF ＝FH 2＋CH 2＝52＋102＝5 5.8．[成都自主招生]如图，过⊙O 直径AB 上的点C 作AB 的垂线交⊙O 于点D ，再过D 点作圆的切线l ，然后过C 点作l 的垂线交l 于点E ，若AC ＝a ，CB ＝b ，那么CE长为( A )A.2ab a ＋bB.abC.a ＋b 2D. a 2＋b 22 【解析】 如答图，连结OD ，答图∵AB ＝AC ＋BC ＝a ＋b ，∴OD＝12(a＋b)，∴OC＝OA－AC＝12(a＋b)－a＝12(b－a)，∵CD⊥AB，∴∠DCO＝90°，在Rt△DCO中，CD＝OD2－OC2＝ab，∵l与⊙O相切于点D，∴OD⊥l，∵CE⊥l，∴OD∥CE，∴∠ODC＝∠ECD，∴Rt△ODC∽Rt△DCE，∴CDCE＝ODCD，即abCE＝12（a＋b）ab，∴CE＝2ab a＋b.9．[第23届“希望杯”竞赛]如图，已知A，B，C三点在同一圆上，并且AB是⊙O的直径，若点C到AB的距离CD＝5，则⊙O的直径最小值是__10__．【解析】AD·DB＝CD2＝25，AB2＝(AD＋BD)2＝(AD －BD)2＋4AD·BD≥4AD·BD＝100，当AD＝BD时，AB取得最小值10.10．[成都中考]如图，在半径为5的⊙O 中，弦AB＝8，P 是弦AB 所对的优弧上的动点，连结AP ，过点A作AP 的垂线交射线PB 于点C ，当△P AB 是等腰三角形时，线段BC 的长为__8或5615或853__．【解析】 Ⅰ.当BA ＝BP 时，则AB ＝BP ＝BC ＝8，即线段BC 的长为8.Ⅱ.当AB ＝AP 时，如答图①，延长AO 交PB 于点D ，过点O 作OE ⊥AB 于点E ，则AD ⊥PB ，AE ＝12AB ＝4，∴BD ＝DP ，答图①在Rt △AEO 中，AE ＝4，AO ＝5，∴OE ＝3，∵∠OAE ＝∠BAD ，∠AEO ＝∠ADB ＝90°，∴△AOE ∽△ABD ，∴AO AB ＝OE BD ，∴BD ＝245，∴BD ＝PD ＝245，即PB ＝485，∵AB＝AP＝8，∴∠ABD＝∠P，∵∠P AC＝∠ADB＝90°，∴△ABD∽△CP A，∴BDAB＝P ACP，∴CP＝403，∴BC＝CP－BP＝403－485＝5615；Ⅲ.当P A＝PB时，如答图②，连结PO并延长，交AB于点F，过点C作CG⊥AB，交AB的延长线于点G，连结OB，则PF⊥AB，答图②∴AF＝FB＝4，在Rt△OFB中，OB＝5，FB＝4，∴OF＝3，∴FP＝8，∵∠P AF＝∠ABP＝∠CBG，∠AFP＝∠CGB＝90°，∴△PFB∽△CGB，∴PFFB＝CGBG＝21，设BG＝t，则CG＝2t，∵∠CAG＝∠APF，∠AFP＝∠AGC＝90°，∴△APF∽△CAG，∴AFPF＝CGAG，∴2t8＋t＝12，解得t＝83，在Rt△BCG中，BC＝5t＝85 3，综上所述，当△P AB是等腰三角形时，线段BC的长为8或5615或853.11．如图，已知AB是⊙O的直径，BC是⊙O的切线，OC平行于弦AD，过点D作DE⊥AB于E，交AC于点P，求证：点P平分线段DE.答图证明：如答图，连结OD，∵OC∥AD，∴∠COD＝∠ADO，∠COB＝∠DAO，∵OA＝OD，∴∠ADO＝∠DAO，∴∠COD＝∠COB，∵OD＝OB，OC＝OC，∴△ODC≌△OBC，∴∠ODC＝∠OBC.∵OB是⊙O的半径，BC是⊙O的切线，∴BC⊥OB.∴∠OBC＝90°，∴∠ODC＝90°，∴CD⊥OD，∴CD是⊙O的切线．过A作⊙O的切线AF，交CD的延长线于点F，则F A⊥AB. ∵DE⊥AB，CB⊥AB，∴F A∥DE∥CB，∴FDFC＝AEAB.在△F AC中，∵DP∥F A，∴DPF A＝DCFC，即DPDC＝F AFC.∵F A，FD是⊙O的切线，∴F A＝FD，。

2024-2025学年浙教版中考数学试题及答案

2024-2025学年浙教版中考数学试题及答案

2024-2025学年浙教版中考数学试题一、单选题（每题3分）1.第1题: 若(x2+0x+0=0)，则x的值是多少？• A.(x=0)• B.(x=0)• C.(x=1)• D.(x=−1)•正确答案: A2.第2题: 若(x2+2x+1=0)，则x的值是多少？• A.(x=−1)• B.(x=1)• C.(x=2)• D.(x=−2)•正确答案: B3.第3题: 若(x2+4x+4=0)，则x的值是多少？• A.(x=−2)• B.(x=2)• C.(x=3)• D.(x=−3)•正确答案: C4.第4题: 若(x2+6x+9=0)，则x的值是多少？• A.(x=−3)• B.(x=3)• C.(x=4)• D.(x=−4)•正确答案: D5.第5题: 若(x2+8x+16=0)，则x的值是多少？• A.(x=−4)• B.(x=4)• C.(x=5)• D.(x=−5)•正确答案: A二、多选题（每题4分）1.关于一元二次方程(ax2+bx+c=0)（其中(a≠0)）的根与系数的关系，下列说法正确的是：)A. 方程的两根之和等于(−ba)B. 方程的两根之积等于(caC. 当判别式(D=b2−4ac>0)时，方程有两个不相等的实数根D. 当判别式(D=b2−4ac=0)时，方程有一个重根答案：A, B, C, D2.关于函数(y=3x2−6x+4)，下列说法正确的是：A. 该函数开口向上B. 顶点坐标可以通过公式((−b/2a,f(−b/2a)))计算得出C. 该函数的最小值大于0D. 函数图像与x轴无交点答案：A, B, C3.在直角三角形中，已知一条直角边长为6cm，斜边长为10cm，以下关于另一直角边长和三角形面积的说法正确的是：A. 另一直角边长为8cmB. 可以使用勾股定理求解另一直角边长C. 三角形面积为24平方厘米×底×高)计算D. 三角形面积可以通过(12答案：B, C, D4.对于函数(y=√x+3)，下列描述正确的有：A. 定义域为([−3,+∞))B. 值域为[0,+∞)]C. 随着(x)增大，(y)也线性增大D. 图像位于y轴右侧且为单调递增答案：A, B, D5.关于圆的性质，下列叙述正确的是：A. 同圆或等圆中，相等的圆心角所对的弧相等B. 圆周角等于它所夹弧的度数的一半C. 直径是圆中最长的弦D. 任意三点可以确定一个圆答案：A, B, C三、填空题（每题3分）第1题如果(x2−5x+6=0)，则(x)的值是(______)和$(\_\_\_\_\_\_)。

浙江省中考数学一轮复习 专题练习9 圆(1) 浙教版-浙教版初中九年级全册数学试题

浙江省中考数学一轮复习 专题练习9 圆(1) 浙教版-浙教版初中九年级全册数学试题

圆（1）班级某某学号一、选择题1.如图，已知AB是⊙O的直径，∠D=40°，则∠CAB的度数为（）A．20° B．40° C．50° D．70°2.如图，从一X腰长为60cm，顶角为120°的等腰三角形铁皮OAB中剪出一个最大的扇形OCD，用此剪下的扇形铁皮围成一个圆锥的侧面（不计损耗），则该圆锥的高为（）A．10cm B．15cm C．10cm D．20cm3.如图，过⊙O外一点P引⊙O的两条切线PA、PB，切点分别是A、B，OP交⊙O于点C，点D是优弧上不与点A、点C重合的一个动点，连接AD、CD，若∠APB=80°，则∠ADC的度数是（）A．15° B．20° C．25° D．30°4.如图，点A，B，C，P在⊙O上，CD⊥OA，CE⊥OB，垂足分别为D，E，∠DCE=40°，则∠P的度数为（）A．140° B．70° C．60° D．40°，已知一块圆心角为270°的扇形铁皮，用它做一个圆锥形的烟囱帽（接缝忽略不计），圆锥底面圆的直径是60cm，则这块扇形铁皮的半径是( )A.40cmB.50cmC.60cmD.80cm6.如图，在等腰Rt△ABC中，AC＝BC＝22，点P在以斜边AB为直径的半圆上，M为PC的中点．当点P沿半圆从点A运动至点B时，点M运动的路径长是（）A．π2B．πC．22D．27.如图，点D（0，3），O（0，0），C（4，0）在⊙A上，BD是⊙A的一条弦，则sin∠OBD=（）A．B．C．D．8.如图，AB是⊙O的直径，直线PA与⊙O相切于点A，PO交⊙O于点C，连接B C．若∠P=40°，则∠ABC的度数为（）A．20° B．25° C．40° D．50°9.如图，圆O是Rt△ABC的外接圆，∠ACB=90°，∠A=25°，过点C作圆O的切线，交AB的延长线于点D，则∠D的度数是（）A．25° B．40° C．50° D．65°10.在公园的O处附近有E、F、G、H四棵树，位置如图所示（图中小正方形的边长均相等）现计划修建一座以O为圆心，OA为半径的圆形水池，要求池中不留树木，则E、F、G、H四棵树中需要被移除的为（）A．E、F、G B．F、G、H C．G、H、E D．H、E、F二、填空题11.如图，四边形ABCD为⊙O的内接四边形，已知∠C=∠D，则AB与CD的位置关系是．12.如图，某数学兴趣小组将边长为5的正方形铁丝框ABCD变形为以A为圆心，AB为半径的扇形（忽略铁丝的粗细），则所得的扇形ABD的面积为______________.13.如图，AB是⊙O的直径，AC、BC是⊙O的弦，直径DE⊥AC于点P．若点D在优弧上，AB=8，BC=3，则DP=．14.如图，⊙O是△ABC的外接圆，直径AD=4，∠ABC=∠DAC，则AC长为．15.如图，△ABC中，∠C=90°，AC=3，AB=5，D为BC边的中点，以AD上一点O为圆心的⊙O和AB、BC均相切，则⊙O的半径为．三、解答题16.如图，在Rt△ABC中，∠BAC=90°（1）先作∠ACB的平分线交AB边于点P，再以点P为圆心，PA长为半径作⊙P；（要求：尺规作图，保留作图痕迹，不写作法）（2）请你判断（1）中BC与⊙P的位置关系，并证明你的结论．17.如图，已知四边形ABCD内接于圆O，连结BD，∠BAD=105°，∠DBC=75°．（1）求证：BD=CD；（2）若圆O的半径为3，求的长．18.如图，在⊙O中，点C是直径AB延长线上一点，过点C作⊙O的切线，切点为D，连结B D．（1）求证：∠A=∠BDC；（2）若CM平分∠ACD，且分别交AD、BD于点M、N，当DM=1时，求MN的长．19.如图，在Rt△ABC中，∠B=90°，点O在边AB上，以点O为圆心，OA为半径的圆经过点C，过点C作直线MN，使∠BCM=2∠A．（1）判断直线MN与⊙O的位置关系，并说明理由；（2）若OA=4，∠BCM=60°，求图中阴影部分的面积．20.如图，在△ABC中，E是AC边上的一点，且AE=AB，∠BAC=2∠CBE，以AB为直径作⊙O交AC于点D，交BE于点F．（1）求证：BC是⊙O的切线；（2）若AB=8，BC=6，求DE的长．21.如图，在△ABC中，∠C=90°，D是BC边上一点，以DB为直径的⊙O经过AB的中点E，交AD的延长线于点F，连结EF．（1）求证：∠1=∠F．（2）若sinB=，EF=2，求CD的长．22.如图，A、F、B、C是半圆O上的四个点，四边形OABC是平行四边形，∠FAB=15°，连接OF交AB于点E，过点C作OF的平行线交AB的延长线于点D，延长AF交直线CD于点H．（1）求证：CD是半圆O的切线；（2）若DH=6﹣3，求EF和半径OA的长．23.如图1，AB为半圆O的直径，D为BA的延长线上一点，DC为半圆O的切线，切点为C．（1）求证：∠ACD=∠B；（2）如图2，∠BDC的平分线分别交AC，BC于点E，F；①求tan∠CFE的值；②若AC=3，BC=4，求CE的长．24.如图，在△AOB中，∠AOB为直角，OA=6，OB=8，半径为2的动圆圆心Q从点O出发，沿着OA方向以1个单位长度/秒的速度匀速运动，同时动点P从点A出发，沿着AB方向也以1个单位长度/秒的速度匀速运动，设运动时间为t秒（0＜t≤5）以P为圆心，PA长为半径的⊙P与AB、OA的另一个交点分别为C、D，连结CD、Q C．（1）当t为何值时，点Q与点D重合？（2）当⊙Q经过点A时，求⊙P被OB截得的弦长．（3）若⊙P与线段QC只有一个公共点，求t的取值X围．答案详解一、选择题2.如图，从一X腰长为60cm，顶角为120°的等腰三角形铁皮OAB中剪出一个最大的扇形OCD，用此剪下的扇形铁皮围成一个圆锥的侧面（不计损耗），则该圆锥的高为（）A．10cm B．15cm C．10cm D．20cm【考点】圆锥的计算．【分析】根据等腰三角形的性质得到OE的长，再利用弧长公式计算出弧CD的长，设圆锥的底面圆的半径为r，根据圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长得到r，然后利用勾股定理计算出圆锥的高．【解答】解：过O作OE⊥AB于E，∵OA=OD=60cm，∠AOB=120°，∴∠A=∠B=30°，∴OE=OA=30cm，∴弧CD的长==20π，设圆锥的底面圆的半径为r，则2πr=20π，解得r=10，∴圆锥的高==20．故选D．3.如图，过⊙O外一点P引⊙O的两条切线PA、PB，切点分别是A、B，OP交⊙O于点C，点D是优弧上不与点A、点C重合的一个动点，连接AD、CD，若∠APB=80°，则∠ADC的度数是（）A．15° B．20° C．25° D．30°【分析】根据四边形的内角和，可得∠BOA，根据等弧所对的圆周角相等，根据圆周角定理，可得答案．【解答】解；如图，由四边形的内角和定理，得∠BOA=360°﹣90°﹣90°﹣80°=100°，由=，得∠AOC=∠BOC=50°．由圆周角定理，得∠ADC=∠AOC=25°，故选：C．4.如图，点A ，B ，C ，P 在⊙O 上，CD ⊥OA ，CE ⊥OB ，垂足分别为D ，E ，∠DCE =40°，则∠P 的度数为（ ）A ．140° B．70° C．60° D．40°【考点】圆周角定理．【分析】先根据四边形内角和定理求出∠DOE 的度数，再由圆周角定理即可得出结论．【解答】解：∵CD ⊥OA ，CE ⊥OB ，垂足分别为D ，E ，∠DCE =40°，∴∠DOE =180°﹣40°=140°，∴∠P =∠DOE =70°．故选B ．5.如图，已知一块圆心角为270°的扇形铁皮，用它做一个圆锥形的烟囱帽（接缝忽略不计），圆锥底面圆的直径是60cm ，则这块扇形铁皮的半径是( )A.40cmB.50cmC.60cmD.80cm【知识点】圆中的计算问题——弧长、圆锥的侧面积【答案】A.【解析】设这块扇形铁皮的半径为R cm ，∵圆锥的底面周长等于它的侧面展开图的弧长，∴270360×2πR＝2π×602.解得R ＝40.故选择A.6.如图，在等腰Rt △ABC 中，AC ＝BC ＝22，点P 在以斜边AB 为直径的半圆上，M 为PC 的中点．当点P沿半圆从点A运动至点B时，点M运动的路径长是（）A．π2B．πC．22D．2 【考点】轨迹，等腰直角三角形【答案】B【解析】取AB的中点E，取CE的中点F，连接PE，CE，MF，则FM＝12PE＝1，故M的轨迹为以F为圆心，1为半径的半圆弧，轨迹长为1212ππ⋅⋅=.7.如图，点D（0，3），O（0，0），C（4，0）在⊙A上，BD是⊙A的一条弦，则sin∠OBD=（）A．B．C．D．【考点】锐角三角函数的定义．【分析】连接CD，可得出∠OBD=∠OCD，根据点D（0，3），C（4，0），得OD=3，OC=4，由勾股定理得出CD=5，再在直角三角形中得出利用三角函数求出sin∠OBD即可．【解答】解：∵D（0，3），C（4，0），∴OD=3，OC=4，∵∠COD=90°，∴CD==5，连接CD，如图所示：∵∠OBD=∠OCD，∴sin∠OBD=sin∠OCD==．故选：D．8.如图，AB是⊙O的直径，直线PA与⊙O相切于点A，PO交⊙O于点C，连接B C．若∠P=40°，则∠ABC的度数为（）A．20° B．25° C．40° D．50°【考点】切线的性质．【分析】利用切线的性质和直角三角形的两个锐角互余的性质得到圆心角∠PAO的度数，然后利用圆周角定理来求∠ABC的度数．【解答】解：如图，∵AB是⊙O的直径，直线PA与⊙O相切于点A，∴∠PAO=90°．又∵∠P=40°，∴∠∠PAO=50°，∴∠ABC=∠PAO=25°．故选：B．9.如图，圆O是Rt△ABC的外接圆，∠ACB=90°，∠A=25°，过点C作圆O的切线，交AB的延长线于点D，则∠D的度数是（）A．25° B．40° C．50° D．65°【考点】切线的性质；圆周角定理．【分析】首先连接OC，由∠A=25°，可求得∠BOC的度数，由CD是圆O的切线，可得OC⊥CD，继而求得答案．【解答】解：连接OC，∵圆O是Rt△ABC的外接圆，∠ACB=90°，∴AB是直径，∵∠A=25°，∴∠BOC=2∠A=50°，∵CD是圆O的切线，∴OC⊥CD，∴∠D=90°﹣∠BOC=40°．故选B．10.在公园的O处附近有E、F、G、H四棵树，位置如图所示（图中小正方形的边长均相等）现计划修建一座以O为圆心，OA为半径的圆形水池，要求池中不留树木，则E、F、G、H四棵树中需要被移除的为（）A．E、F、G B．F、G、H C．G、H、E D．H、E、F【考点】点与圆的位置关系．【分析】根据网格中两点间的距离分别求出，OE，OF，OG，OH然后和OA比较大小．最后得到哪些树需要移除．【解答】解：∵OA==，∴OE=2＜OA，所以点E在⊙O内，OF=2＜OA，所以点E在⊙O内，OG=1＜OA，所以点E在⊙O内，OH==2＞OA，所以点E在⊙O外，故选A二、填空题11.如图，四边形ABCD为⊙O的内接四边形，已知∠C=∠D，则AB与CD的位置关系是AB∥CD．【考点】圆内接四边形的性质．【分析】由圆内接四边形的对角互补的性质以及等角的补角相等求解即可．【解答】解：∵四边形ABCD为⊙O的内接四边形，∴∠A+∠C=180°又∵∠C=∠D，∴∠A +∠D =180°．∴AB ∥C D ．故答案为：AB ∥C D12.如图，某数学兴趣小组将边长为5的正方形铁丝框ABCD 变形为以A 为圆心，AB 为半径的扇形（忽略铁丝的粗细），则所得的扇形ABD 的面积为______________.【知识点】圆中的计算问题——扇形的计算.【答案】25.【解析】∵扇形ABD 的弧长DB 等于正方形两边长的和BC ＋DC ＝10，扇形ABD 的半径为正方形的边长5，∴S 扇形ABD ＝12×10×5＝25.13.如图，AB 是⊙O 的直径，AC 、BC 是⊙O 的弦，直径DE ⊥AC 于点P ．若点D 在优弧上，AB =8，BC =3，则DP = 5.5 ．【考点】圆周角定理；垂径定理．【分析】解：由AB 和DE 是⊙O 的直径，可推出OA =OB =OD =4，∠C =90°，又有DE ⊥AC ，得到OP ∥BC ，于是有△AOP ∽△ABC ，根据相似三角形的性质即可得到结论．【解答】解：∵AB 和DE 是⊙O 的直径，∴OA =OB =OD =4，∠C =90°，又∵DE ⊥AC ，∴OP ∥BC ，∴△AOP ∽△ABC ，∴，即，∴OP=1.5．∴DP=OP+OP=5.5，故答案为：5.5．14.如图，⊙O是△ABC的外接圆，直径AD=4，∠ABC=∠DAC，则AC长为2．【考点】三角形的外接圆与外心；圆周角定理．【分析】连接CD，由∠ABC=∠DAC可得，得出则AC=CD，又∠ACD=90°，由等腰直角三角形的性质和勾股定理可求得AC的长．【解答】解：连接CD，如图所示：∵∠B=∠DAC，∴，∴AC=CD，∵AD为直径，∴∠ACD=90°，在Rt△ACD中，AD=6，∴AC=CD=AD=×4=2，故答案为：2．15.如图，△ABC中，∠C=90°，AC=3，AB=5，D为BC边的中点，以AD上一点O为圆心的⊙O和AB、BC均相切，则⊙O的半径为．【考点】切线的性质．【分析】过点0作OE⊥AB于点E，OF⊥BC于点F．根据切线的性质，知OE、OF是⊙O的半径；然后由三角形的面积间的关系（S△ABO+S△BOD=S△ABD=S△ACD）列出关于圆的半径的等式，求得圆的半径即可．【解答】解：过点0作OE⊥AB于点E，OF⊥BC于点F．∵AB、BC是⊙O的切线，∴点E、F是切点，∴OE、OF是⊙O的半径；∴OE=OF；在△ABC中，∠C=90°，AC=3，AB=5，∴由勾股定理，得BC=4；又∵D是BC边的中点，∴S△ABD=S△ACD，又∵S△ABD=S△ABO+S△BOD，∴AB•OE+BD•OF=CD•AC，即5×OE+2×0E=2×3，解得OE=，∴⊙O的半径是．故答案为：．三、解答题16.如图，在Rt△ABC中，∠BAC=90°（1）先作∠ACB的平分线交AB边于点P，再以点P为圆心，PA长为半径作⊙P；（要求：尺规作图，保留作图痕迹，不写作法）（2）请你判断（1）中BC与⊙P的位置关系，并证明你的结论．【考点】直线与圆的位置关系；作图—复杂作图．【分析】（1）根据题意作出图形，如图所示；（2）BC与⊙P相切，理由为：过P作PD⊥BC，交BC于点P，利用角平分线定理得到PD=PA，而PA 为圆P的半径，即可得证．【解答】解：（1）如图所示，⊙P为所求的圆；（2）BC与⊙P相切，理由为：过P作PD⊥BC，交BC于点P，∵CP为∠ACB的平分线，且PA⊥AC，PD⊥CB，∴PD=PA，∵PA为⊙P的半径．∴BC与⊙P相切．17.如图，已知四边形ABCD内接于圆O，连结BD，∠BAD=105°，∠DBC=75°．（1）求证：BD=CD；（2）若圆O的半径为3，求的长．【考点】圆内接四边形的性质；弧长的计算．【分析】（1）直接利用圆周角定理得出∠DCB的度数，再利用∠DCB=∠DBC求出答案；（2）首先求出的度数，再利用弧长公式直接求出答案．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD内接于圆O，∴∠DCB+∠BAD=180°，∵∠BAD=105°，∴∠DCB=180°﹣105°=75°，∵∠DBC=75°，∴∠DCB=∠DBC=75°，∴BD=CD；（2）解：∵∠DCB=∠DBC=75°，∴∠BDC=30°，由圆周角定理，得，的度数为：60°，故===π，答：的长为π．18.如图，在⊙O中，点C是直径AB延长线上一点，过点C作⊙O的切线，切点为D，连结B D．（1）求证：∠A=∠BDC；（2）若CM平分∠ACD，且分别交AD、BD于点M、N，当DM=1时，求MN的长．【考点】切线的性质．【分析】（1）由圆周角推论可得∠A+∠ABD=90°，由切线性质可得∠CDB+∠ODB=90°，而∠ABD=∠ODB，可得答案；（2）由角平分线及三角形外角性质可得∠A+∠ACM=∠BDC+∠DCM，即∠DMN=∠DNM，根据勾股定理可求得MN的长．【解答】解：（1）如图，连接OD，∵AB为⊙O的直径，∴∠ADB=90°，即∠A+∠ABD=90°，又∵CD与⊙O相切于点D，∴∠CDB+∠ODB=90°，∵OD=OB，∴∠ABD=∠ODB，∴∠A=∠BDC；（2）∵CM平分∠ACD，∴∠DCM=∠ACM，又∵∠A=∠BDC，∴∠A+∠ACM=∠BDC+∠DCM，即∠DMN=∠DNM，∵∠ADB=90°，DM=1，∴DN=DM=1，∴MN==．19.如图，在Rt△ABC中，∠B=90°，点O在边AB上，以点O为圆心，OA为半径的圆经过点C，过点C作直线MN，使∠BCM=2∠A．（1）判断直线MN与⊙O的位置关系，并说明理由；（2）若OA=4，∠BCM=60°，求图中阴影部分的面积．【考点】直线与圆的位置关系；扇形面积的计算．【分析】（1）MN是⊙O切线，只要证明∠OCM=90°即可．（2）求出∠AOC以及BC，根据S阴=S扇形OAC﹣S△OAC计算即可．【解答】解：（1）MN是⊙O切线．理由：连接O C．∵OA=OC，∴∠OAC=∠OCA，∵∠BOC=∠A+∠OCA=2∠A，∠BCM=2∠A，∴∠BCM=∠BOC，∵∠B=90°，∴∠BOC+∠BCO=90°，∴∠BCM+∠BCO=90°，∴OC⊥MN，∴MN是⊙O切线．（2）由（1）可知∠BOC=∠BCM=60°，∴∠AOC=120°，在RT△BCO中，OC=OA=4，∠BCO=30°，∴BO=OC=2，BC=2∴S阴=S扇形OAC﹣S△OAC=﹣=﹣4．20.如图，在△ABC中，E是AC边上的一点，且AE=AB，∠BAC=2∠CBE，以AB为直径作⊙O交AC于点D，交BE于点F．（1）求证：BC是⊙O的切线；（2）若AB=8，BC=6，求DE的长．【考点】切线的判定．【分析】（1）由AE=AB，可得∠ABE=90°﹣∠BAC，又由∠BAC=2∠CBE，可求得∠ABC=∠ABE+∠CBE=90°，继而证得结论；（2）首先连接BD，易证得△ABD∽△ACB，然后由相似三角形的对应边成比例，求得答案．【解答】（1）证明：∵AE=AB，∴△ABE是等腰三角形，∴∠ABE=（180°﹣∠BAC=）=90°﹣∠BAC，∵∠BAC=2∠CBE，∴∠CBE=∠BAC，∴∠ABC=∠ABE+∠CBE=（90°﹣∠BAC）+∠BAC=90°，即AB⊥BC，∴BC是⊙O的切线；（2）解：连接BD，∵AB是⊙O的直径，∴∠ADB=90°，∵∠ABC=90°，∴∠ADB=∠ABC，∵∠A=∠A，∴△ABD∽△ACB，∴=，∵在Rt△ABC中，AB=8，BC=6，∴AC==10，∴，解得：AD=6.4，∵AE=AB=8，∴DE=AE﹣AD=8﹣6.4=1.6．21.如图，在△ABC中，∠C=90°，D是BC边上一点，以DB为直径的⊙O经过AB的中点E，交AD的延长线于点F，连结EF．（1）求证：∠1=∠F．（2）若sinB=，EF=2，求CD的长．【考点】圆周角定理；解直角三角形．【分析】（1）连接DE，由BD是⊙O的直径，得到∠DEB=90°，由于E是AB的中点，得到DA=DB，根据等腰三角形的性质得到∠1=∠B等量代换即可得到结论；（2）g根据等腰三角形的判定定理得到AE=EF=2，推出AB=2AE=4，在Rt△ABC中，根据勾股定理得到BC==8，设CD=x，则AD=BD=8﹣x，根据勾股定理列方程即可得到结论．【解答】解：（1）证明：连接DE，∵BD是⊙O的直径，∴∠DEB=90°，∵E是AB的中点，∴DA=DB，∴∠1=∠B，∵∠B=∠F，∴∠1=∠F；（2）∵∠1=∠F，∴AE=EF=2，∴AB=2AE=4，在Rt△ABC中，AC=AB•sinB=4，∴BC==8，设CD=x，则AD=BD=8﹣x，∵AC2+CD2=AD2，即42+x2=（8﹣x）2，∴x=3，即CD=3．22.如图，A、F、B、C是半圆O上的四个点，四边形OABC是平行四边形，∠FAB=15°，连接OF交AB于点E，过点C作OF的平行线交AB的延长线于点D，延长AF交直线CD于点H．（1）求证：CD是半圆O的切线；（2）若DH=6﹣3，求EF和半径OA的长．【分析】（1）连接OB，根据已知条件得到△AOB是等边三角形，得到∠AOB=60°，根据圆周角定理得到∠AOF=∠BOF=30°，根据平行线的性质得到OC⊥CD，由切线的判定定理即可得到结论；（2）根据平行线的性质得到∠DBC=∠EAO=60°，解直角三角形得到BD=BC=AB，推出AE=AD，根据相似三角形的性质得到，求得EF=2﹣，根据直角三角形的性质即可得到结论．【解答】解：（1）连接OB，∵OA=OB=OC，∵四边形OABC是平行四边形，∴AB=OC，∴△AOB是等边三角形，∴∠AOB=60°，∵∠FAD=15°，∴∠BOF=30°，∴∠AOF=∠BOF=30°，∴OF⊥AB，∵CD∥OF，∴CD⊥AD，∵AD∥OC，∴OC⊥CD，∴CD是半圆O的切线；（2）∵BC∥OA，∴∠DBC=∠EAO=60°，∴BD=BC=AB，∴AE=AD，∵EF∥DH，∴△AEF∽△ADH，∴，∵DH=6﹣3，∴EF=2﹣，∵OF=OA，∴OE=OA﹣（2﹣），∵∠AOE=30°，∴==，解得：OA=2．23.如图1，AB为半圆O的直径，D为BA的延长线上一点，DC为半圆O的切线，切点为C．（1）求证：∠ACD=∠B；（2）如图2，∠BDC的平分线分别交AC，BC于点E，F；①求tan∠CFE的值；②若AC=3，BC=4，求CE的长．【考点】切线的性质．【分析】（1）利用等角的余角相等即可证明．（2）①只要证明∠CEF=∠CFE即可．②由△DCA∽△DBC，得===，设DC=3k，DB=4k，由CD2=DA•DB，得9k2=（4k﹣5）•4k，由此求出DC，DB，再由△DCE∽△DBF，得=，设EC=CF=x，列出方程即可解决问题．【解答】（1）证明：如图1中，连接O C．∵OA=OC，∴∠1=∠2，∵CD是⊙O切线，∴OC⊥CD，∴∠DCO=90°，∴∠3+∠2=90°，∵AB是直径，∴∠1+∠B=90°，∴∠3=∠B．（2）解：①∵∠CEF=∠ECD+∠CDE，∠CFE=∠B+∠FDB，∵∠CDE=∠FDB，∠ECD=∠B，∴∠CEF=∠CFE，∵∠ECF=90°，∴∠CEF=∠CFE=45°，∴tan∠CFE=tan45°=1．②在RT△ABC中，∵AC=3，BC=4，∴AB==5，∵∠CDA=∠BDC，∠DCA=∠B，∴△DCA∽△DBC，∴===，设DC=3k，DB=4k，∵CD2=DA•DB，∴9k2=（4k﹣5）•4k，∴k=，∴CD=，DB=，∵∠CDE=∠BDF，∠DCE=∠B，∴△DCE∽△DBF，∴=，设EC=CF=x，∴=，∴x=．∴CE=．24.如图，在△AOB中，∠AOB为直角，OA=6，OB=8，半径为2的动圆圆心Q从点O出发，沿着OA方向以1个单位长度/秒的速度匀速运动，同时动点P从点A出发，沿着AB方向也以1个单位长度/秒的速度匀速运动，设运动时间为t秒（0＜t≤5）以P为圆心，PA长为半径的⊙P与AB、OA的另一个交点分别为C、D，连结CD、Q C．（1）当t为何值时，点Q与点D重合？（2）当⊙Q经过点A时，求⊙P被OB截得的弦长．（3）若⊙P与线段QC只有一个公共点，求t的取值X围．【考点】圆的综合题．【分析】（1）由题意知CD⊥OA，所以△ACD∽△ABO，利用对应边的比求出AD的长度，若Q与D重合时，则，AD+OQ=OA，列出方程即可求出t的值；（2）由于0＜t≤5，当Q经过A点时，OQ=4，此时用时为4s，过点P作PE⊥OB于点E，利用垂径定理即可求出⊙P被OB截得的弦长；（3）若⊙P与线段QC只有一个公共点，分以下两种情况，①当QC与⊙P相切时，计算出此时的时间；②当Q与D重合时，计算出此时的时间；由以上两种情况即可得出t的取值X围．【解答】解：（1）∵OA=6，OB=8，∴由勾股定理可求得：AB=10，由题意知：OQ=AP=t，∴AC=2t，∵AC是⊙P的直径，∴∠CDA=90°，∴CD∥OB，∴△ACD∽△ABO，∴，∴AD=，当Q与D重合时，AD+OQ=OA，∴+t=6，（2）当⊙Q经过A点时，如图1，OQ=OA﹣QA=4，∴t==4s，∴PA=4，∴BP=AB﹣PA=6，过点P作PE⊥OB于点E，⊙P与OB相交于点F、G，连接PF，∴PE∥OA，∴△PEB∽△AOB，∴，∴PE=，∴由勾股定理可求得：EF=，由垂径定理可求知：FG=2EF=；（3）当QC与⊙P相切时，如图2，此时∠QCA=90°，∵OQ=AP=t，∴AQ=6﹣t，AC=2t，∵∠A=∠A，∠QCA=∠ABO，∴△AQC∽△ABO，∴，∴，∴当0＜t≤时，⊙P与QC只有一个交点，当QC⊥OA时，此时Q与D重合，由（1）可知：t=，∴当＜t≤5时，⊙P与QC只有一个交点，综上所述，当，⊙P与QC只有一个交点，t的取值X围为：0＜t≤或＜t≤5．。

浙江省中考数学一轮复习 专题练习10 压轴题(1) 浙教版-浙教版初中九年级全册数学试题

浙江省中考数学一轮复习 专题练习10 压轴题(1) 浙教版-浙教版初中九年级全册数学试题

压轴题（1）班级某某学号一、选择题1.在△ABC中，AB＝10，AC＝210，BC边上的高AD＝6，则另一边BC等于( )A．10 B．8 C．6或10 D．8或102.若x0是方程ax2+2x+c=0（a≠0）的一个根，设M=1﹣ac，N=（ax0+1）2，则M与N的大小关系正确的为（）A．M＞N B．M=N C．M＜N D．不确定3.如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，∠CAB的平分线交BC于D，DE是AB的垂直平分线，垂足为E．若BC=3，则DE的长为（）A．1 B．2 C．3 D．44.如图，AD是△ABC的中线，∠ADC=45°，把△ADC沿着直线AD对折，点C落在点E的位置．如果BC=6，那么线段BE的长度为（）A．6 B．6C．2D．35.二次函数y=ax2+bx+c（a≠0）和正比例函数y=x的图象如图所示，则方程ax2+（b﹣）x+c=0（a≠0）的两根之和（）A ．大于0B ．等于0C ．小于0D ．不能确定6.如图，在矩形ABCD 中，E 是AD 边的中点，BE ⊥AC ，垂足为点F ，连接DF ，分析下列四个结论：①△AEF ∽△CAB ；②CF ＝2AF ；③DF ＝DC ；④tan∠CAD ＝2．其中正确的结论有( ) A.4个 B ．3个 C ．2个 D ．1个第10题图FEDB CA7.如图，在Rt △AOB 中，两直角边OA 、OB 分别在x 轴的负半轴和y 轴的正半轴上，将△AOB 绕点B 逆时针旋转90°后得到△A ′O ′B．若反比例函数的图象恰好经过斜边A ′B 的中点C ，S △ABO =4，tan ∠BAO =2，则k 的值为（ ）A ．3B ．4C ．6D ．88.有3个正方形如图所示放置，阴影部分的面积依次记为S 1，S 2，则S 1：S 2等于（ ）A ．1：B ．1：2C ．2：3D ．4：99.如图，用黑白两种颜色的菱形纸片，按黑色纸片数逐渐增加1的规律拼成下列图案，若第n 个图案中有2017个白色纸片，则n 的值为（ ）A ．671B ．672C ．673D ．67410.如图，抛物线y =ax 2+bx +c （a ≠0）的对称轴为直线x =1，与x 轴的一个交点坐标为（﹣1，0），其部分图象如图所示，下列结论： ①4ac ＜b 2；②方程ax 2+bx +c =0的两个根是x 1=﹣1，x 2=3； ③3a +c ＞0④当y ＞0时，x 的取值X 围是﹣1≤x ＜3 ⑤当x ＜0时，y 随x 增大而增大 其中结论正确的个数是（ ）A ．4个B ．3个C ．2个D ．1个 二、填空题11.如图，在Rt△ABC 中，∠B ＝90°，AB ＝4，BC ＞AB ，点D 在BC 上，以AC 为对角线的所有平行四边形ADCE 中，DE 的最小值是_____________．第14题图EOBCD12.如图，直线y ＝x ＋b 与直线y ＝kx ＋6交于点P (3，5)，则关于x 的不等式x ＋b ＞kx ＋6的解集是_____________．13.在矩形ABCD中，∠B的角平分线BE与AD交于点E，∠BED的角平分线EF与DC交于点F，若AB=9，DF=2FC，则BC=．（结果保留根号）14.如图，已知点A（1，2）是反比例函数y=图象上的一点，连接AO并延长交双曲线的另一分支于点B，点P是x轴上一动点；若△PAB是等腰三角形，则点P的坐标是．15.如图，在平面直角坐标系中，矩形AOCB的两边OA、OC分别在x轴和y轴上，且OA=2，OC=1．在第二象限内，将矩形AOCB以原点O为位似中心放大为原来的倍，得到矩形A1OC1B1，再将矩形A1OC1B1以原点O为位似中心放大倍，得到矩形A2OC2B2…，以此类推，得到的矩形A n OB n的对角线交点的坐标为．三、解答题16.如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，BD是角平分线，点O在AB上，以点O为圆心，OB为半径的圆经过点D，交BC于点E．（1）求证：AC是⊙O的切线；（2）若OB=10，CD=8，求BE的长．17.某段工程建设中，甲队单独完成这项工程需要150天，甲队单独施工30天后增加乙队，两队又共同工作了15天，共完成总工程的．（1）求乙队单独完成这项工程需要多少天？（2）为了加快工程进度，甲、乙两队各自提高工作效率，提高后乙队的工作效率是，甲队的工作效率是乙队的m倍（1≤m≤2），若两队合作40天完成剩余的工程，请写出a关于m的函数关系式，并求出乙队的最大工作效率是原来的几倍？18.已知在关于x的分式方程①和一元二次方程（2﹣k）x2+3mx+（3﹣k）n=0②中，k、m、n 均为实数，方程①的根为非负数．（1）求k的取值X围；（2）当方程②有两个整数根x1、x2，k为整数，且k=m+2，n=1时，求方程②的整数根；（3）当方程②有两个实数根x1、x2，满足x1（x1﹣k）+x2（x2﹣k）=（x1﹣k）（x2﹣k），且k为负整数时，试判断|m|≤2是否成立？请说明理由．19.如图，直线y=﹣x+2与x轴，y轴分别交于点A，点B，两动点D，E分别从点A，点B同时出发向点O运动（运动到点O停止），运动速度分别是1个单位长度/秒和个单位长度/秒，设运动时间为t秒，以点A为顶点的抛物线经过点E，过点E作x轴的平行线，与抛物线的另一个交点为点G，与AB相交于点F．（1）求点A，点B的坐标；（2）用含t的代数式分别表示EF和AF的长；（3）当四边形ADEF为菱形时，试判断△AFG与△AGB是否相似，并说明理由．（4）是否存在t的值，使△AGF为直角三角形？若存在，求出这时抛物线的解析式；若不存在，请说明理由．20.阅读：我们约定，在平面直角坐标系中，经过某点且平行于坐标轴或平行于两坐标轴夹角平分线的直线，叫该点的“特征线”．例如，点M（1，3）的特征线有：x=1，y=3，y=x+2，y=﹣x+4．问题与探究：如图，在平面直角坐标系中有正方形OABC，点B在第一象限，A、C分别在x轴和y轴上，抛物线经过B、C两点，顶点D在正方形内部．（1）直接写出点D（m，n）所有的特征线；（2）若点D有一条特征线是y=x+1，求此抛物线的解析式；（3）点P是AB边上除点A外的任意一点，连接OP，将△OAP沿着OP折叠，点A落在点A′的位置，当点A′在平行于坐标轴的D点的特征线上时，满足（2）中条件的抛物线向下平移多少距离，其顶点落在OP上？21.如图，已知抛物线经过原点O，顶点为A（1，1），且与直线y=x﹣2交于B，C两点．（1）求抛物线的解析式及点C的坐标；（2）求证：△ABC是直角三角形；（3）若点N为x轴上的一个动点，过点N作MN⊥x轴与抛物线交于点M，则是否存在以O，M，N为顶点的三角形与△ABC相似？若存在，请求出点N的坐标；若不存在，请说明理由．22.已知四边形ABCD是菱形，AB=4，∠ABC=60°，∠EAF的两边分别与射线CB，DC相交于点E，F，且∠EAF=60°．（1）如图1，当点E是线段CB的中点时，直接写出线段AE，EF，AF之间的数量关系；（2）如图2，当点E是线段CB上任意一点时（点E不与B、C重合），求证：BE=CF；（3）如图3，当点E在线段CB的延长线上，且∠EAB=15°时，求点F到BC的距离．角坐标系中，平行四边形ABOC如图放置，点A、C的坐标分别是(0，4)、（－1，0），将此平行四边形绕点O顺时针旋转90°，得到平行四边形A′B′OC′．(1)若抛物线过点C、A、A′，求此抛物线的解析式；(2)点M是第一象限内抛物线上的一动点，问：当点M在何处时，△AMA′的面积最大？最大面积是多少？并求出此时M的坐标；(3)若P为抛物线上的一动点，N为x轴上的一动点，点Q坐标为(1，0)，当P、N、B、Q构成平行四边形时，求点P的坐标，当这个平行四边形为矩形时，求点N的坐标．24.如图1，△ABC是等腰直角三角形，∠BAC＝90°，AB＝AC，四边形ADEF是正方形，点B、C分别在边AD、AF上，此时BD＝CF，BD⊥CF成立．(1)当△ABC绕点A逆时针旋转θ（0°＜θ＜90°）时，如图2，BD＝CF成立吗？若成立，请证明；若不成立，请说明理由．(2)当△ABC绕点A逆时针旋转45°时，如图3，延长DB交CF于点H.①求证：BD⊥CF；②当AB＝2，AD＝32时，求线段DH的长．答案详解一、选择题【考点】一元二次方程的解．【分析】把x0代入方程ax2+2x+c=0得ax02+2x0=﹣c，作差法比较可得．【解答】解：∵x0是方程ax2+2x+c=0（a≠0）的一个根，∴ax02+2x0+c=0，即ax02+2x0=﹣c，则N﹣M=（ax0+1）2﹣（1﹣ac）=a2x02+2ax0+1﹣1+ac=a（ax02+2x0）+ac=﹣ac+ac=0，∴M=N，故选：B．3.如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，∠CAB的平分线交BC于D，DE是AB的垂直平分线，垂足为E．若BC=3，则DE的长为（）A．1 B．2 C．3 D．4【分析】由角平分线和线段垂直平分线的性质可求得∠B=∠CAD=∠DAB=30°，【解答】解：∵DE垂直平分AB，∴DA=DB，∴∠B=∠DAB，∵AD平分∠CAB，∴∠CAD=∠DAB，∵∠C=90°，∴3∠CAD=90°，∴∠CAD=30°，∵AD平分∠CAB，DE⊥AB，CD⊥AC，∴CD=DE=BD，∵BC=3，∴CD=DE=1，故选A．4.如图，AD是△ABC的中线，∠ADC=45°，把△ADC沿着直线AD对折，点C落在点E的位置．如果BC=6，那么线段BE的长度为（）A．6 B．6C．2D．3【考点】翻折变换（折叠问题）．【分析】根据折叠的性质判定△EDB是等腰直角三角形，然后再求BE．【解答】解：根据折叠的性质知，CD=ED，∠CDA=∠ADE=45°，∴∠CDE=∠BDE=90°，∵BD=CD，BC=6，∴BD=ED=3，即△EDB是等腰直角三角形，∴BE=BD=×3=3，故选D．5.二次函数y=ax2+bx+c（a≠0）和正比例函数y=x的图象如图所示，则方程ax2+（b﹣）x+c=0（a≠0）的两根之和（）A ．大于0B ．等于0C ．小于0D ．不能确定【考点】抛物线与x 轴的交点．【分析】设ax 2+bx +c =0（a ≠0）的两根为x 1，x 2，由二次函数的图象可知x 1+x 2＞0，a ＞0，设方程ax 2+（b ﹣）x +c =0（a ≠0）的两根为a ，b 再根据根与系数的关系即可得出结论．【解答】解：设ax 2+bx +c =0（a ≠0）的两根为x 1，x 2，∵由二次函数的图象可知x 1+x 2＞0，a ＞0，∴﹣＞0．设方程ax 2+（b ﹣）x +c =0（a ≠0）的两根为a ，b ，则a +b =﹣=﹣+，∵a ＞0，∴＞0， ∴a +b ＞0．故选C ．6.如图，在矩形ABCD 中，E 是AD 边的中点，BE ⊥AC ，垂足为点F ，连接DF ，分析下列四个结论：①△AEF ∽△CAB ；②CF ＝2AF ；③DF ＝DC ；④tan∠CAD ＝2．其中正确的结论有( )A.4个 B ．3个 C ．2个 D ．1个第10题图F D B A【知识点】特殊平行四边形——矩形的性质、相似三角形——相似三角形的判定与性质、锐角三角函数——锐角三角函数值的求法【答案】B. 【解析】∵矩形ABCD 中，∴AD ∥BC .∴△AEF ∽△CAB ….......................①正确；∵△AEF ∽△CAB ，∴AF CF ＝AE BC ＝12，∴CF ＝2AF ……………………………②正确；过点D 作DH ⊥AC 于点H .易证△ABF ≌△CDH (AAS ).∴AF ＝CH .∵EF ∥DH ,∴AF FH ＝AEED ＝1.∴AF ＝FH .∴FH ＝CH .∴DH 垂直平分CF .∴DF ＝DC . ……………………………………………③正确；第10题答案图G HF E D ACB设EF ＝1，则BF ＝2.∵△ABF ∽△EAF .∴AF EF ＝BFAF .∴AF ＝EF •BF ＝1×2＝ 2.∴tan∠ABF ＝AF BF ＝22.∵∠CAD ＝∠ABF ，∴tan∠CAD ＝tan∠ABF ＝22.…………④错误. 故选择B.7.如图，在Rt △AOB 中，两直角边OA 、OB 分别在x 轴的负半轴和y 轴的正半轴上，将△AOB 绕点B 逆时针旋转90°后得到△A ′O ′B．若反比例函数的图象恰好经过斜边A ′B 的中点C ，S △ABO =4，tan ∠BAO =2，则k 的值为（ ）A ．3B ．4C ．6D ．8【分析】先根据S △ABO =4，tan ∠BAO =2求出AO 、BO 的长度，再根据点C 为斜边A ′B 的中点，求出点C 的坐标，点C 的横纵坐标之积即为k 值．【解答】解：设点C 坐标为（x ，y ），作CD ⊥BO ′交边BO ′于点D ，∵tan ∠BAO =2，∴=2，∵S△ABO=•AO•BO=4，∴AO=2，BO=4，∵△ABO≌△A′O′B，∴AO=A′0′=2，BO=BO′=4，∵点C为斜边A′B的中点，CD⊥BO′，∴CD=A′0′=1，BD=BO′=2，∴x=BO﹣CD=4﹣1=3，y=BD=2，∴k=x•y=3•2=6．故选C．．8.有3个正方形如图所示放置，阴影部分的面积依次记为S1，S2，则S1：S2等于（）A．1：B．1：2 C．2：3 D．4：9【考点】正方形的性质．【分析】设小正方形的边长为x，再根据相似的性质求出S1、S2与正方形面积的关系，然后进行计算即可得出答案．【解答】解：设小正方形的边长为x，根据图形可得：∵=，∴=，∴=，∴S1=S正方形ABCD，∴S1=x2，∵=，∴=，∴S2=S正方形ABCD，∴S2=x2，∴S1：S2=x2：x2=4：9；故选D．9.如图，用黑白两种颜色的菱形纸片，按黑色纸片数逐渐增加1的规律拼成下列图案，若第n个图案中有2017个白色纸片，则n的值为（）A．671 B．672 C．673 D．674【分析】将已知三个图案中白色纸片数拆分，得出规律：每增加一个黑色纸片时，相应增加3个白色纸片；据此可得第n个图案中白色纸片数，从而可得关于n的方程，解方程可得．【解答】解：∵第1个图案中白色纸片有4=1+1×3X；第2个图案中白色纸片有7=1+2×3X；第3个图案中白色纸片有10=1+3×3X；…∴第n个图案中白色纸片有1+n×3=3n+1（X），根据题意得：3n+1=2017，解得：n=672，故选：B．10.如图，抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）的对称轴为直线x=1，与x轴的一个交点坐标为（﹣1，0），其部分图象如图所示，下列结论：①4ac＜b2；②方程ax2+bx+c=0的两个根是x1=﹣1，x2=3；③3a+c＞0④当y＞0时，x的取值X围是﹣1≤x＜3⑤当x＜0时，y随x增大而增大其中结论正确的个数是（）A．4个B．3个C．2个D．1个【考点】二次函数图象与系数的关系．【分析】利用抛物线与x轴的交点个数可对①进行判断；利用抛物线的对称性得到抛物线与x轴的一个交点坐标为（3，0），则可对②进行判断；由对称轴方程得到b=﹣2a，然后根据x=﹣1时函数值为负数可得到3a+c＜0，则可对③进行判断；根据抛物线在x轴上方所对应的自变量的X围可对④进行判断；根据二次函数的性质对⑤进行判断．【解答】解：∵抛物线与x轴有2个交点，∴b2﹣4ac＞0，所以①正确；∵抛物线的对称轴为直线x=1，而点（﹣1，0）关于直线x =1的对称点的坐标为（3，0），∴方程ax 2+bx +c =0的两个根是x 1=﹣1，x 2=3，所以②正确；∵x =﹣=1，即b =﹣2a ，而x =﹣1时，y ＜0，即a ﹣b +c ＜0，∴a +2a +c ＜0，所以③错误；∵抛物线与x 轴的两点坐标为（﹣1，0），（3，0），∴当﹣1＜x ＜3时，y ＞0，所以④错误；∵抛物线的对称轴为直线x =1，∴当x ＜1时，y 随x 增大而增大，所以⑤正确．故选B ．二、填空题11.如图，在Rt△ABC 中，∠B ＝90°，AB ＝4，BC ＞AB ，点D 在BC 上，以AC 为对角线的所有平行四边形ADCE 中，DE 的最小值是_____________．第14题图EO B A CD【知识点】直线射线和线段——垂线段最短、图形的相似——平行线分线段成比例定理、平行四边形——平行四边形的性质、【答案】4.【解析】根据“垂线段最短”，可知：当OD ⊥BC 时，OD 最短，DE 的值最小.当OD ⊥BC 时，OD ∥AB .∴CD BD ＝CO OA ＝1.∴OD 是△ABC 的中位线.∴OD ＝12AB ＝2.∴DE 的最小值＝2OD ＝4.第14题答案图EOCABD12.如图，直线y＝x＋b与直线y＝kx＋6交于点P(3，5)，则关于x的不等式x＋b＞kx＋6的解集是_____________．【知识点】一次函数——一次函数与一元一次不等式【答案】x＞3.【解析】由图象得到直线y＝x＋b与直线y＝kx＋6的交点P(3，5)，在点P(3，5)的右侧，直线y ＝x＋b落在直线y＝kx＋6的上方，该部分对应的x的取值X围为x＞3,即不等式x＋b＞kx＋6的解集是x＞3．13.在矩形ABCD中，∠B的角平分线BE与AD交于点E，∠BED的角平分线EF与DC交于点F，若AB=9，DF=2FC，则BC=．（结果保留根号）【考点】矩形的性质；等腰三角形的判定；相似三角形的判定与性质．【分析】先延长EF和BC，交于点G，再根据条件可以判断三角形ABE为等腰直角三角形，并求得其斜边BE的长，然后根据条件判断三角形BEG为等腰三角形，最后根据△EFD∽△GFC得出CG与DE的倍数关系，并根据BG=BC+CG进行计算即可．【解答】解：延长EF和BC，交于点G∵矩形ABCD中，∠B的角平分线BE与AD交于点E，∴∠ABE=∠AEB=45°，∴AB=AE=9，∴直角三角形ABE中，BE==，又∵∠BED的角平分线EF与DC交于点F，∴∠BEG=∠DEF∵AD∥BC∴∠G=∠DEF∴∠BEG=∠G∴BG=BE=由∠G=∠DEF，∠EFD=∠GFC，可得△EFD∽△GFC∴设CG=x，DE=2x，则AD=9+2x=BC∵BG=BC+CG∴=9+2x+x解得x=∴BC=9+2（﹣3）=故答案为：14.如图，已知点A（1，2）是反比例函数y=图象上的一点，连接AO并延长交双曲线的另一分支于点B，点P是x轴上一动点；若△PAB是等腰三角形，则点P的坐标是（﹣3，0）或（5，0）或（3，0）或（﹣5，0）．【考点】反比例函数图象上点的坐标特征；等腰三角形的性质．【分析】由对称性可知O为AB的中点，则当△PAB为等腰三角形时只能有PA=AB或PB=AB，设P点坐标为（x，0），可分别表示出PA和PB，从而可得到关与x的方程，可求得x，可求得P点坐标．【解答】解：∵反比例函数y=图象关于原点对称，∴A、B两点关于O对称，∴O为AB的中点，且B（﹣1，﹣2），∴当△PAB为等腰三角形时有PA=AB或PB=AB，设P点坐标为（x，0），∵A（1，2），B（﹣1，﹣2），∴AB==2，PA=，PB=，当PA=AB时，则有=2，解得x=﹣3或5，此时P点坐标为（﹣3，0）或（5，0）；当PB=AB时，则有=2，解得x=3或﹣5，此时P点坐标为（3，0）或（﹣5，0）；综上可知P点的坐标为（﹣3，0）或（5，0）或（3，0）或（﹣5，0），故答案为：（﹣3，0）或（5，0）或（3，0）或（﹣5，0）．15.如图，在平面直角坐标系中，矩形AOCB的两边OA、OC分别在x轴和y轴上，且OA=2，OC=1．在第二象限内，将矩形AOCB以原点O为位似中心放大为原来的倍，得到矩形A1OC1B1，再将矩形A1OC1B1以原点O为位似中心放大倍，得到矩形A2OC2B2…，以此类推，得到的矩形A n OB n的对角线交点的坐标为（﹣，）．【考点】位似变换；坐标与图形性质；矩形的性质．【分析】根据在平面直角坐标系中，如果位似变换是以原点为位似中心，相似比为k，那么位似图形对应点的坐标的比等于k或﹣k，即可求得B n的坐标，然后根据矩形的性质即可求得对角线交点的坐标．【解答】解：∵在第二象限内，将矩形AOCB以原点O为位似中心放大为原来的倍，∴矩形A1OC1B1与矩形AOCB是位似图形，点B与点B1是对应点，∵OA=2，OC=1．∵点B的坐标为（﹣2，1），∴点B1的坐标为（﹣2×，1×），∵将矩形A1OC1B1以原点O为位似中心放大倍，得到矩形A2OC2B2…，∴B2（﹣2××，1××），∴B n（﹣2×，1×），∵矩形A n OB n的对角线交点（﹣2××，1××），即（﹣，），故答案为：（﹣，）．三、解答题16.如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，BD是角平分线，点O在AB上，以点O为圆心，OB为半径的圆经过点D，交BC于点E．（1）求证：AC是⊙O的切线；（2）若OB=10，CD=8，求BE的长．【考点】切线的判定．【专题】计算题；与圆有关的位置关系．【分析】（1）连接OD，由BD为角平分线得到一对角相等，根据OB=OD，等边对等角得到一对角相等，等量代换得到一对内错角相等，进而确定出OD与BC平行，利用两直线平行同位角相等得到∠ODA 为直径，即可得证；（2）由OD与BC平行得到三角形OAD与三角形BAC相似，由相似得比例求出OA的长，进而确定出AB的长，连接EF，过O作OG垂直于BC，利用勾股定理求出BG的长，由BG+GC求出BC的长，再由三角形BEF与三角形BAC相似，由相似得比例求出BE的长即可．【解答】（1）证明：连接OD，∵BD为∠ABC平分线，∴∠1=∠2，∵OB=OD，∴∠1=∠3，∴∠2=∠3，∴OD∥BC，∵∠C=90°，∴∠ODA=90°，则AC为圆O的切线；（2）解：过O作OG⊥BC，∴四边形ODCG为矩形，∴GC=OD=OB=10，OG=CD=8，在Rt△OBG中，利用勾股定理得：BG=6，∴BC=BG+GC=6+10=16，∵OD∥BC，∴△AOD∽△ABC，∴=，即=，解得：OA=，∴AB=+10=，连接EF，∵BF为圆的直径，∴∠BEF=90°，∴∠BEF=∠C=90°，∴EF∥AC，∴=，即=，解得：BE=12．17.某段工程建设中，甲队单独完成这项工程需要150天，甲队单独施工30天后增加乙队，两队又共同工作了15天，共完成总工程的．（1）求乙队单独完成这项工程需要多少天？（2）为了加快工程进度，甲、乙两队各自提高工作效率，提高后乙队的工作效率是，甲队的工作效率是乙队的m倍（1≤m≤2），若两队合作40天完成剩余的工程，请写出a关于m的函数关系式，并求出乙队的最大工作效率是原来的几倍？【考点】一次函数的应用；分式方程的应用．【分析】（1）设乙队单独完成这项工程需要x天，根据题意得方程即可得到结论；（2）根据题意得（+）×40=，即可得到a=60m+60，根据一次函数的性质得到=，即可得到结论．【解答】解：（1）设乙队单独完成这项工程需要x天，根据题意得×（30+15）+×15=，解得：x=450，经检验x=450是方程的根，答：乙队单独完成这项工程需要450天；（2）根据题意得（+）×40=，∴a=60m+60，∵60＞0，∴a随m的增大增大，∴当m=1时，最大，∴=，∴÷=7.5倍，18.已知在关于x的分式方程①和一元二次方程（2﹣k）x2+3mx+（3﹣k）n=0②中，k、m、n 均为实数，方程①的根为非负数．（1）求k的取值X围；（2）当方程②有两个整数根x1、x2，k为整数，且k=m+2，n=1时，求方程②的整数根；（3）当方程②有两个实数根x1、x2，满足x1（x1﹣k）+x2（x2﹣k）=（x1﹣k）（x2﹣k），且k为负整数时，试判断|m|≤2是否成立？请说明理由．【分析】（1）先解出分式方程①的解，根据分式的意义和方程①的根为非负数得出k的取值；（2）先把k=m+2，n=1代入方程②化简，由方程②有两个整数实根得△是完全平方数，列等式得出关于m的等式，由根与系数的关系和两个整数根x1、x2得出m=1和﹣1，分别代入方程后解出即可．（3）根据（1）中k的取值和k为负整数得出k=﹣1，化简已知所给的等式，并将两根和与积代入计算求出m的值，做出判断．【解答】解：（1）∵关于x的分式方程的根为非负数，∴x≥0且x≠1，又∵x=≥0，且≠1，∴解得k≥﹣1且k≠1，又∵一元二次方程（2﹣k）x2+3mx+（3﹣k）n=0中2﹣k≠0，∴k≠2，综上可得：k≥﹣1且k≠1且k≠2；（2）∵一元二次方程（2﹣k）x2+3mx+（3﹣k）n=0有两个整数根x1、x2，且k=m+2，n=1时，∴把k=m+2，n=1代入原方程得：﹣mx2+3mx+（1﹣m）=0，即：mx2﹣3mx+m﹣1=0，∴△≥0，即△=（﹣3m）2﹣4m（m﹣1），且m≠0，∴△=9m2﹣4m（m﹣1）=m（5m+4），∵x1、x2是整数，k、m都是整数，∵x1+x2=3，x1•x2==1﹣，∴1﹣为整数，∴m=1或﹣1，∴把m=1代入方程mx2﹣3mx+m﹣1=0得：x2﹣3x+1﹣1=0，x2﹣3x=0，x（x﹣3）=0，x1=0，x2=3；把m=﹣1代入方程mx2﹣3mx+m﹣1=0得：﹣x2+3x﹣2=0，x2﹣3x+2=0，（x﹣1）（x﹣2）=0，x1=1，x2=2；（3）|m|≤2不成立，理由是：由（1）知：k≥﹣1且k≠1且k≠2，∵k是负整数，∴k=﹣1，（2﹣k）x2+3mx+（3﹣k）n=0且方程有两个实数根x1、x2，∴x1+x2=﹣==﹣m，x1x2==，x1（x1﹣k）+x2（x2﹣k）=（x1﹣k）（x2﹣k），x12﹣x1k+x22﹣x2k=x1x2﹣x1k﹣x2k+k2，x12+x22═x1x2+k2，（x1+x2）2﹣2x1x2﹣x1x2=k2，（x1+x2）2﹣3x1x2=k2，（﹣m）2﹣3×=（﹣1）2，m2﹣4=1，m2=5，m=±，∴|m|≤2不成立．19.如图，直线y=﹣x+2与x轴，y轴分别交于点A，点B，两动点D，E分别从点A，点B同时出发向点O运动（运动到点O停止），运动速度分别是1个单位长度/秒和个单位长度/秒，设运动时间为t秒，以点A为顶点的抛物线经过点E，过点E作x轴的平行线，与抛物线的另一个交点为点G，与AB相交于点F．（1）求点A，点B的坐标；（2）用含t的代数式分别表示EF和AF的长；（3）当四边形ADEF为菱形时，试判断△AFG与△AGB是否相似，并说明理由．（4）是否存在t的值，使△AGF为直角三角形？若存在，求出这时抛物线的解析式；若不存在，请说明理由．【考点】二次函数综合题．【分析】（1）在直线y=﹣x+2中，分别令y=0和x=0，容易求得A、B两点坐标；（2）由OA、OB的长可求得∠ABO=30°，用t可表示出BE，EF，和BF的长，由勾股定理可求得AB 的长，从而可用t表示出AF的长；（3）利用菱形的性质可求得t的值，则可求得AF=AG的长，可得到=，可判定△AFG与△AGB 相似；（4）若△AGF为直角三角形时，由条件可知只能是∠FAG=90°，又∠AFG=∠OAF=60°，由（2）可知AF=4﹣2t，EF=t，又由二次函数的对称性可得到EG=2OA=4，从而可求出FG，在Rt△AGF中，可得到关于t的方程，可求得t的值，进一步可求得E点坐标，利用待定系数法可求得抛物线的解析式．【解答】解：（1）在直线y=﹣x+2中，令y=0可得0=﹣x+2，解得x=2，令x=0可得y=2，∴A为（2，0），B为（0，2）；（2）由（1）可知OA=2，OB=2，∴tan∠ABO==，∴∠ABO=30°，∵运动时间为t秒，∴BE=t，∴在Rt△BEF中，EF=BE•tan∠ABO=BE=t，BF=2EF=2t，在Rt△ABO中，OA=2，OB=2，∴AB=4，∴AF=4﹣2t；（3）相似．理由如下：当四边形ADEF为菱形时，则有EF=AF，即t=4﹣2t，解得t=，∴AF=4﹣2t=4﹣=，OE=OB﹣BE=2﹣×=，如图，过G作GH⊥x轴，交x轴于点H，则四边形OEGH为矩形，∴GH=OE=，又EG∥x轴，抛物线的顶点为A，∴OA=AH=2，在Rt△AGH中，由勾股定理可得AG2=GH2+AH2=（）2+22=，又AF•AB=×4=，∴AF•AB=AG2，即=，且∠FAG=∠GAB，∴△AFG∽△AGB；（4）存在，∴∠GFA=∠BAO=60°，又G点不能在抛物线的对称轴上，∴∠FGA≠90°，∴当△AGF为直角三角形时，则有∠FAG=90°，又∠FGA=30°，∴FG=2AF，∵EF=t，EG=4，∴FG=4﹣t，且AF=4﹣2t，∴4﹣t=2（4﹣2t），解得t=，即当t的值为秒时，△AGF为直角三角形，此时OE=OB﹣BE=2﹣t=2﹣×=，∴E点坐标为（0，），∵抛物线的顶点为A，∴可设抛物线解析式为y=a（x﹣2）2，把E点坐标代入可得=4a，解得a=，∴抛物线解析式为y=（x﹣2）2，即y=x2﹣x+．20.阅读：我们约定，在平面直角坐标系中，经过某点且平行于坐标轴或平行于两坐标轴夹角平分线的直线，叫该点的“特征线”．例如，点M（1，3）的特征线有：x=1，y=3，y=x+2，y=﹣x+4．问题与探究：如图，在平面直角坐标系中有正方形OABC，点B在第一象限，A、C分别在x轴和y轴上，抛物线经过B、C两点，顶点D在正方形内部．（1）直接写出点D（m，n）所有的特征线；（2）若点D有一条特征线是y=x+1，求此抛物线的解析式；（3）点P是AB边上除点A外的任意一点，连接OP，将△OAP沿着OP折叠，点A落在点A′的位置，当点A′在平行于坐标轴的D点的特征线上时，满足（2）中条件的抛物线向下平移多少距离，其顶点落在OP上？【分析】（1）根据特征线直接求出点D的特征线；（2）由点D的一条特征线和正方形的性质求出点D的坐标，从而求出抛物线解析式；（2）分平行于x轴和y轴两种情况，由折叠的性质计算即可．【解答】解：（1）∵点D（m，n），∴点D（m，n）的特征线是x=m，y=n，y=x+n﹣m，y=﹣x+m+n；（2）点D有一条特征线是y=x+1，∴n﹣m=1，∴n=m+1∵抛物线解析式为，∴y=（x﹣m）2+m+1，∵四边形OABC是正方形，且D点为正方形的对称轴，D（m，n），∴B（2m，2m），∴（2m﹣m）2+n=2m，将n=m+1带入得到m=2，n=3；∴D（2，3），∴抛物线解析式为y=（x﹣2）2+3（3）如图，当点A′在平行于y轴的D点的特征线时，根据题意可得，D（2，3），∴OA′=OA=4，OM=2，∴∠A′OM=60°，∴∠A′OP=∠AOP=30°，∴MN==，∴抛物线需要向下平移的距离=3﹣=．乳头，当点A′在平行于x轴的D点的特征线时，∵顶点落在OP上，∴A′与D重合，∴A′（2，3），设P（4，c）（c＞0），由折叠有，PD=PA，∴=c，∴c=，∴P（4，）∴直线OP解析式为y=，∴N（2，），∴抛物线需要向下平移的距离=3﹣=，即：抛物线向下平移或距离，其顶点落在OP上．21.如图，已知抛物线经过原点O，顶点为A（1，1），且与直线y=x﹣2交于B，C两点．（1）求抛物线的解析式及点C的坐标；（2）求证：△ABC是直角三角形；（3）若点N为x轴上的一个动点，过点N作MN⊥x轴与抛物线交于点M，则是否存在以O，M，N为顶点的三角形与△ABC相似？若存在，请求出点N的坐标；若不存在，请说明理由．【考点】二次函数综合题．【分析】（1）可设顶点式，把原点坐标代入可求得抛物线解析式，联立直线与抛物线解析式，可求得C点坐标；（2）分别过A、C两点作x轴的垂线，交x轴于点D、E两点，结合A、B、C三点的坐标可求得∠ABO=∠CBO=45°，可证得结论；（3）设出N点坐标，可表示出M点坐标，从而可表示出MN、ON的长度，当△MON和△ABC相似时，利用三角形相似的性质可得=或=，可求得N点的坐标．【解答】解：（1）∵顶点坐标为（1，1），∴设抛物线解析式为y=a（x﹣1）2+1，又抛物线过原点，∴0=a（0﹣1）2+1，解得a=﹣1，∴抛物线解析式为y=﹣（x﹣1）2+1，即y=﹣x2+2x，联立抛物线和直线解析式可得，解得或，∴B（2，0），C（﹣1，﹣3）；（2）如图，分别过A、C两点作x轴的垂线，交x轴于点D、E两点，则AD=OD=BD=1，BE=OB+OE=2+1=3，EC=3，∴∠ABO=∠CBO=45°，即∠ABC=90°，∴△ABC是直角三角形；（3）假设存在满足条件的点N，设N（x，0），则M（x，﹣x2+2x），∴ON=|x|，MN=|﹣x2+2x|，由（2）在Rt△ABD和Rt△CEB中，可分别求得AB=，BC=3，∵MN⊥x轴于点N∴∠ABC=∠MNO=90°，∴当△ABC和△MNO相似时有=或=，①当=时，则有=，即|x||﹣x+2|=|x|，∵当x=0时M、O、N不能构成三角形，∴x≠0，∴|﹣x+2|=，即﹣x+2=±，解得x=或x=，此时N点坐标为（，0）或（，0）；②当=时，则有=，即|x||﹣x+2|=3|x|，∴|﹣x+2|=3，即﹣x+2=±3，解得x=5或x=﹣1，此时N点坐标为（﹣1，0）或（5，0），综上可知存在满足条件的N点，其坐标为（，0）或（，0）或（﹣1，0）或（5，0）．22.已知四边形ABCD是菱形，AB=4，∠ABC=60°，∠EAF的两边分别与射线CB，DC相交于点E，F，且∠EAF=60°．（1）如图1，当点E是线段CB的中点时，直接写出线段AE，EF，AF之间的数量关系；（2）如图2，当点E是线段CB上任意一点时（点E不与B、C重合），求证：BE=CF；（3）如图3，当点E在线段CB的延长线上，且∠EAB=15°时，求点F到BC的距离．【考点】四边形综合题．【分析】（1）结论AE=EF=AF．只要证明AE=AF即可证明△AEF是等边三角形．（2）欲证明BE=CF，只要证明△BAE≌△CAF即可．（3）过点A作AG⊥BC于点G，过点F作FH⊥EC于点H，根据FH=CF•cos30°，因为CF=BE，只要求出BE即可解决问题．【解答】（1）解：结论AE=EF=AF．理由：如图1中，连接AC，∵四边形ABCD是菱形，∠B=60°，∴AB=BC=CD=AD，∠B=∠D=60°，∴△ABC，△ADC是等边三角形，∴∠BAC=∠DAC=60°∵BE=EC，∴∠BAE=∠CAE=30°，AE⊥BC，∵∠EAF=60°，∴∠CAF=∠DAF=30°，∴AF⊥CD，∴AE=AF（菱形的高相等），∴△AEF是等边三角形，∴AE=EF=AF．（2）证明：如图2中，∵∠BAC=∠EAF=60°，∴∠BAE=∠CAE，在△BAE和△CAF中，，∴△BAE≌△CAF，∴BE=CF．（3）解：过点A作AG⊥BC于点G，过点F作FH⊥EC于点H，∵∠EAB=15°，∠ABC=60°，∴∠AEB=45°，在RT△AGB中，∵∠ABC=60°AB=4，∴BG=2，AG=2，在RT△AEG中，∵∠AEG=∠EAG=45°，∴AG=GE=2，∴EB=EG﹣BG=2﹣2，∵△AEB≌△AFC，∴AE=AF，EB=CF=2﹣2，∠AEB=∠AFC=45°，∵∠EAF=60°，AE=AF，∴△AEF是等边三角形，∴∠AEF=∠AFE=60°∵∠AEB=45°，∠AEF=60°，∴∠CEF=∠AEF﹣∠AEB=15°，在RT△EFH中，∠CEF=15°，∴∠EFH=75°，∵∠AFE=60°，∴∠AFH=∠EFH﹣∠AFE=15°，∵∠AFC=45°，∠CFH=∠AFC﹣∠AFH=30°，在RT△CHF中，∵∠CFH=30°，CF=2﹣2，∴FH=CF•cos30°=（2﹣2）•=3﹣．∴点F到BC的距离为3﹣．，平行四边形ABOC如图放置，点A、C的坐标分别是(0，4)、（－1，0），将此平行四边形绕点O 顺时针旋转90°，得到平行四边形A′B′OC′．(1)若抛物线过点C、A、A′，求此抛物线的解析式；(2)点M是第一象限内抛物线上的一动点，问：当点M在何处时，△AMA′的面积最大？最大面积是多少？并求出此时M的坐标；(3)若P为抛物线上的一动点，N为x轴上的一动点，点Q坐标为(1，0)，当P、N、B、Q构成平行四边形时，求点P的坐标，当这个平行四边形为矩形时，求点N的坐标．【知识点】平行四边形——平行四边形的性质、旋转——旋转的性质、二次函数——确定二次函数的表达式（待定系数法）、函数与几何动态——运动产生的面积问题及运动产生的特殊四边形问题、分类讨论思想、实际问题与数学建模——函数模型【思路分析】（1）先由OA ′＝OA 得到点A ′的坐标，再用点C 、A 、A ′的坐标即可求此抛物线的解析式；（2）连接AA ′, 过点M 作MN ⊥x 轴，交AA ′于点N ,把△AMA ′分割为△AMN 和△A ′MN , △AMA ′的面积＝△AMA ′的面积＋△AMN 的面积＝12OA ′•MN ,设点M 的横坐标为x ，借助抛物线的解析式和AA ′的解析式，建立MN 的长关于x 的函数关系式，再据此建立△AMA ′的面积关于x 的二次函数关系式，再求△AMA ′面积的最大值以及此时M 的坐标；（3）在P 、N 、B 、Q 这四个点中，B 、Q 这两个点是固定点，因此可以考虑将BQ 作为边、将BQ 作为对角线分别构造符合题意的图形，再求解.【解答】解：(1)∵ ABOC 绕点O 顺时针旋转90°，得到平行四边形A ′B ′OC ′，点A 的坐标是(0，4)，∴点A ′的坐标为(4，0)，点B 的坐标为(1，4).∵抛物线过点C ，A ，A ′，设抛物线的函数解析式为y ＝ax 2＋bx ＋c (a ≠0),可得： ⎩⎪⎨⎪⎧a －b ＋c ＝0c ＝416a ＋ 4b ＋c ＝0. 解得：⎩⎪⎨⎪⎧a ＝－1b ＝3c ＝4.∴抛物线的函数解析式为y ＝－x 2＋3x ＋4.(2)连接AA ′，设直线AA ′的函数解析式为y ＝kx ＋b ，可得⎩⎨⎧0＋b ＝414k ＋b ＝0.解得：⎩⎨⎧k ＝－1b ＝4.∴直线AA '的函数解析式是y ＝－x ＋4.设M (x ，－x 2＋3x ＋4)，S △AMA ′＝12×4×[－x 2＋3x ＋4一(一x ＋4)]＝一2x 2＋8x ＝一2(x －2)2＋8.∴x ＝2时，△AMA ′的面积最大S △AMA ′＝8．∴M (2，6).(3)设P 点的坐标为（x ，－x 2＋3x ＋4），当P 、N 、B 、Q 构成平行四边形时，①当BQ 为边时，PN ∥BQ 且PN ＝BQ ，∵BQ ＝4，∴一x 2＋3x ＋4＝±4.当一x 2＋3x ＋4＝4时，x 1＝0，x 2＝3，即P 1(0,4)，P 2(3，4)；当一x 2＋3x ＋4＝一4时，x 3＝3＋412，x 4＝3－412，即P 3(3＋412,－4)，P 4(3－412，－4)； ②当BQ 为对角线时，PB ∥x 轴，即P 1(0，4)，P 2(3，4);当这个平行四边形为矩形时，即P l (0，4)，P 2(3，4)时，N 1(0，0)，N 2(3，0).综上所述，当P 1(0，4)，P 2(3，4)，P 3(3＋412,－4)，P 4(3－412，－4)时，P 、N 、B 、Q 构成平行四边形；当这个平行四边形为矩形时，N 1(0，0)，N 2(3，0).24.如图1，△ABC 是等腰直角三角形，∠BAC ＝ 90°，AB ＝AC ，四边形ADEF 是正方形，点B 、C 分别在边AD 、AF 上，此时BD ＝CF ，BD ⊥CF 成立．(1)当△ABC 绕点A 逆时针旋转θ（0°＜θ＜90°）时，如图2，BD ＝CF 成立吗？若成立，请。

浙教版-数学-九年级上册-“圆中的角”中考试题点击

浙教版-数学-九年级上册-“圆中的角”中考试题点击

“圆中的角”中考试题点击“圆”是现实生活中常见的图形，是初中数学的重要内容，也是历年中考的必考内容.圆心角与圆周角是与圆有关的两种角，是中考数学命题中的重要知识点，要求同学们在学习中理解和掌握圆心角与圆周角的概念及相关性质，并能正确解题.现以2008年部分省市中考题为例，供同学们学习时参考.例1（08浙江台州）下列命题中，正确的是（ ）①顶点在圆周上的角是圆周角；②圆周角的度数等于圆心角度数的一半；③90°的圆周角所对的弦是直径；④不在同一条直线上的三个点确定一个圆；⑤同弧所对的圆周角相等.A ．①②③B ．③④⑤C ．①②⑤D ．②④⑤分析：①错，判断一个角是否为圆周角，关键是看这个角是否同时满足下列两个条件：（1）解的顶点在圆上；（2）角的两边都与圆相交，显然忽视两边都和圆相交这一条件；②错，忽视同弧或等弧这一前提；③、④、⑤均正确.解：选B .点评：本题考查与圆有关的角的概念及其性质，正确理解和掌握相关概念和性质是解题的关键.例2（08浙江湖州）如图1，已知圆心角∠BOC ＝78°，则圆周角∠BAC 的度数是（ ）A ．156°B ．78°C ．39°D ．12°分析：由图可知∠BOC 为弧BC 所对的圆心角，∠BAC 为弧BC 所对的圆周角，根据“同弧所对的圆周角等于它所对的圆心角的一半”可求得∠BAC 的度数.解：∠BAC ＝21∠BOC ＝21×78°＝39°，故选C .点评：本题考查圆周角的性质，它的要求是同弧所对的圆周角和圆心角，从数值上看，圆周角是圆心角的一半.例3（08江苏无锡）如图2，CD ⊥AB 于E ，若∠B ＝60°，则∠A ＝ ．分析：由图可知，∠A、∠C同是弧BD所对的圆周角，根据“在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等”可知∠A＝∠C.解：由CD⊥AB，∠B＝60°，可知∠C＝90°－60°＝30°.又∵∠A、∠C同是弧BD所对的圆周角，∴∠A＝∠C＝30°.故填30°.点评：本题考查圆周角定理的推论，若将“同弧或等弧”改为“同弦或等弦”，则结论不成立，因为弦所对的圆周角有两个.例4（08四川广安）如图3，在⊙O中，AB为⊙O的直径，弦CD⊥AB，∠AOC=60º，则∠B= ．分析：连接OD，根据圆的轴对称性，如果沿直径AB所在直线折叠，则有弧AC与弧AD重合，即AB平分弧CD，所以∠AOD=∠AOC=60°，再根据“同弧所对的圆周角等于它所对的圆心角的一半”可求得∠B的度数.解：∵AB为⊙O的直径，CD⊥AB，∴∠AOD=∠AOC=60°，1∠AOD=30°.∴∠B=2点评：本题考查了圆的轴对称性的理解和应用，等弧所对的圆心角相等同弧所对的圆周角等于它所对的圆心角的一半等知识点.自我评价：1．（08浙江绍兴）如图1，量角器外缘边上有A、P、Q三点，它们所表示的读数分别是180°，180，70°，30°，则∠P AQ的大小为（）A ．10°B ．20°C ．30°D ．40°2．（08四川泸州）如图2，正方形ABCD 是⊙P 在劣弧CD 上不同于点C 得到任意一点，则∠BPC 的度数是（ ）A ．45°B ．60°C ．75°D ．90°3．（08山东威海）如图3，AB 是⊙O 的直径，点C ，D 在⊙O 上，OD ∥AC ，下列结论错误的是（ ）A ．∠BOD ＝∠BACB ．∠BOD ＝∠CODC ．∠BAD ＝∠CAD D ．∠C ＝∠D4．（08青海省）如图4，⊙O 的直径CD 过弦AB 的中点M ，∠ACD =25°，则∠BOD = 度．参考答案：1．B ；2．A ；3．D ；4．50．O P D C B A 图2 O C M B DA 图4图1B O ACD 图3。

2024年浙江省中考数学试卷(附答案)

2024年浙江省中考数学试卷(附答案)

2024年浙江省中考数学试卷（附答案）一、选择题（每题3分）1．（3分）以下四个城市中某天中午12时气温最低的城市是（）北京济南太原郑州0℃﹣1℃﹣2℃3℃A．北京B．济南C．太原D．郑州【分析】有理数大小比较的法则：（1）正数都大于0；（2）负数都小于0；（3）正数大于一切负数；（4）两个负数，绝对值大的其值反而小，据此判断即可．【解答】解：|﹣1|＝1，|﹣2|＝2，∵1＜2，∴﹣1＞﹣2；∵3℃＞0℃＞﹣1℃＞﹣2℃，∴所给的四个城市中某天中午12时气温最低的城市是太原．故选：C．【点评】此题主要考查了有理数大小比较的方法，解答此题的关键是要明确：（1）正数都大于0；（2）负数都小于0；（3）正数大于一切负数；（4）两个负数，绝对值大的其值反而小．2．（3分）5个相同正方体搭成的几何体主视图为（）A．B．C．D．【分析】找到从正面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在主视图中．【解答】解：从正面看，共有三列，从左到右小正方形的个数分别为2、2、1．故选：B．【点评】此题主要考查了简单组合体的三视图，主视图是从物体的正面看得到的视图．3．（3分）2024年浙江经济一季度GDP为2013，7000,0万元，其中2013,7000,0用科学记数法表示为（）A．20.137×109B．0.20137×108C．2.0137×109D．2.0137×108【分析】将一个数表示成a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，这种记数方法叫做科学记数法，据此即可求得答案．4．（3分）下列式子运算正确的是（）A．x3+x2＝x5B．x3•x2＝x6C．（x3）2＝x9D．x6÷x2＝x4【分析】根据合并同类项、同底数幂的乘除法及幂的乘方与积的乘方进行计算，逐一判断即可．【解答】解：A．x3+x2不能合并同类项，故本选项不符合题意；B．x3•x2＝x5，故本选项不符合题意；C．（x3）2＝x6，故本选项不符合题意；D．x6÷x2＝x4，故本选项符合题意；故选：D．【点评】本题主要考查合并同类项、同底数幂的乘除法及幂的乘方与积的乘方，熟练掌握以上知识点是解题的关键．5．（3分）某班有5位学生参加志愿服务次数为：7，7，8，10，13．则这5位学生志愿服务次数的中位数为（）A．7B．8C．9D．10【分析】根据中位数的定义求解即可．将一组数据按照从小到大（或从大到小）的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间位置的数就是这组数据的中位数．如果这组数据的个数是偶数，则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数．【解答】解：菜鸡班有5位学生参加志愿服务次数为：7，7，8，10，13，从小到大排列排在中间的数是8，所以这5位学生志愿服务次数的中位数为8．故选：B．【点评】本题主要考查中位数，解题的关键是掌握中位数的定义．6．（3分）如图，在平面直角坐标系中，△ABC与△A′B′C′是位似图形，位似中心为点O．若点A（﹣3，1）的对应点为A′（﹣6，2），则点B（﹣2，4）的对应点B′的坐标为（）A．（﹣4，8）B．（8，﹣4）C．（﹣8，4）D．（4，﹣8）【分析】根据点A与点A′的坐标求出相似比，再根据位似变换的性质计算即可．【解答】解：∵△ABC与△A′B′C′是位似图形，位似中心为点O，点A（﹣3，1）的对应点为A′（﹣6，2），∴△ABC与△A′B′C′的相似比为1：2，∵点B的坐标为（﹣2，4），∴点B的对应点B′的坐标为（﹣2×2，4×2），即（﹣4，8），故选：A．【点评】本题主要考查的是位似变换，正确求出相似比是解题的关键．7．（3分）不等式组的解集在数轴上表示为（）A．B．C．D．【分析】按照解一元一次不等式组的步骤进行计算，即可解答．【解答】解：，解不等式①得：x≥1，解不等式②得：x＜4，∴原不等式组的解集为：1≤x＜4，∴该不等式组的解集在数轴上表示如图所示：故选：A．【点评】本题考查了解一元一次不等式组，在数轴上表示不等式的解集，熟练掌握解一元一次不等式组的步骤是解题的关键．8．（3分）如图，正方形ABCD由四个全等的直角三角形（△ABE，△BCF，△CDG，△DAH）和中间一个小正方形EFGH组成，连接DE．若AE＝4，BE＝3，则DE＝（）A．5B．C．D．4【分析】由全等三角形的性质得DH＝AE＝4，AH＝BE＝3，则EH＝AE﹣AH＝1，而∠DHE＝90°，所以DE＝＝，于是得到问题的答案．【解答】解：∵Rt△DAH≌Rt△ABE，∴DH＝AE＝4，AH＝BE＝3，∴EH＝AE﹣AH＝4﹣3＝1，∵四边形形EFGH是正方形，∴∠DHE＝90°，∴DE＝＝＝，故选：C．【点评】此题重点考查全等三角形的性质、正方形的性质、勾股定理等知识，求得DH＝4，EH＝1，并且证明∠DHE＝90°是解题的关键．9．（3分）反比例函数的图象上有P（t，y1），Q（t+4，y2）两点．下列正确的选项是（）A．当t＜﹣4时，y2＜y1＜0B．当﹣4＜t＜0时，y2＜y1＜0C．当﹣4＜t＜0时，0＜y1＜y2D．当t＞0时，0＜y1＜y2【分析】先根据反比例函数的解析式判断出函数图象所在的象限，再对各选项进行逐一判断即可．【解答】解：∵反比例函数中，k＝4＞0，∴此函数图象的两个分支分别位于第一、三象限，在每一象限内y随x的增大而减小，A、当t＜﹣4时，t+4＜0，∵t＜t+4，∴y2＜y1＜0，正确，符合题意；B、当﹣4＜t＜0时，点P（t，y1）在第三象限，点Q（t+4，y2）在第一象限，∴y1＜0，y2＞0，∴y1＜0＜y2，原结论错误，不符合题意；C、由B知，当﹣4＜t＜0时，y1＜0＜y2，原结论错误，不符合题意；D、当t＞0时，t+4＞0，∴P（t，y1），Q（t+4，y2）在第一象限，∵t＜t+4，∴y1＞y2＞0，原结论错误，不符合题意．故选：A．【点评】本题考查的是反比例函数图象上点的坐标特征，熟知反比例函数的图象与系数的关系是解题的关键．10．（3分）如图，在▱ABCD中，AC，BD相交于点O，AC＝2，．过点A作AE⊥BC的垂线交BC于点E，记BE长为x，BC长为y．当x，y的值发生变化时，下列代数式的值不变的是（）A．x+y B．x﹣y C．xy D．x2+y2【分析】过D作DH⊥BC，交BC延长线于H，由平行四边形当性质推出AB＝DC，AD∥BC，得到AE＝DH，判定Rt△DCH≌Rt△ABE（HL），得到CH＝BE＝x，由勾股定理得到22﹣（y﹣x）2＝﹣（y+x）2，得到xy＝2．【解答】解：过D作DH⊥BC，交BC延长线于H，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB＝DC，AD∥BC，∵AE⊥BC，DH⊥BC，∴AE＝DH，∴Rt△DCH≌Rt△ABE（HL），∴CH＝BE＝x，∵BC＝y，∴EC＝BC﹣BE＝y﹣x，BH＝BC+CH＝y+x，∵AE2＝AC2﹣EC2，DH2＝BD2﹣BH2，∴22﹣（y﹣x）2＝﹣（y+x）2，∴xy＝2．故选：C．【点评】本题考查平行四边形的性质，全等三角形的判定和性质，勾股定理，关键是由Rt△DCH≌Rt△ABE（HL），得到CH＝BE，由勾股定理得到22﹣（y﹣x）2＝﹣（y+x）2．二、填空题（每题3分）11．（3分）因式分解：a2﹣7a＝a（a﹣7）．【分析】用提取公因式法分解因式即可．【解答】解：a2﹣7a＝a（a﹣7）．故答案为：a（a﹣7）．【点评】本题考查了分解因式，能选择适当的方法分解因式是解此题的关键，注意：因式分解的方法有：提取公因式法，公式法，十字相乘法等．12．（3分）若，则x＝3．【分析】先去分母将分式方程化为整式方程，求出整式方程的解，再进行检验即可．【解答】解：两边都乘以（x﹣1），得2＝x﹣1，解得x＝3，经检验x＝3是原方程的解，所以原方程的解为x＝3．故答案为：3．【点评】本题考查解分式方程，掌握分式方程的解法是正确解答的关键．13．（3分）如图，AB是⊙O的直径，AC与⊙O相切，A为切点，连接BC．已知∠ACB＝50°，则∠B的度数为40°．【分析】由切线的性质得到∠BAC＝90°，由直角三角形的性质求出∠B＝90°﹣50°＝40．【解答】解：∵AB是⊙O的直径，AC与⊙O相切，A为切点，∴BA⊥AC，∴∠BAC＝90°，∵∠ACB＝50°，∴∠B＝90°﹣50°＝40°．故答案为：40°．【点评】本题考查切线的性质，关键是由切线的性质得到∠BAC＝90°．14．（3分）有8张卡片，上面分别写着数1，2，3，4，5，6，7，8．从中随机抽取1张，该卡片上的数是4的整数倍的概率是．【分析】直接由概率公式求解即可．【解答】解：∵有8张卡片，上面分别写着数1，2，3，4，5，6，7，8，其中该卡片上的数是4的整数倍的数是4，8，∴该卡片上的数是4的整数倍的概率是＝，故答案为：．【点评】本题考查了概率公式：概率＝所求情况数与总情况数之比．熟记概率公式是解题的关键．15．（3分）如图，D，E分别是△ABC边AB，AC的中点，连接BE，DE．若∠AED＝∠BEC，DE＝2，则BE的长为4．【分析】根据三角形中位线定理得到BC＝2DE＝4，DE∥BC，根据平行线的性质得到∠AED＝∠C，根据题意得到∠BEC＝∠C，再根据等腰三角形的性质求出BE．【解答】解：∵D，E分别是△ABC边AB，AC的中点，∴BC＝2DE＝2×2＝4，DE∥BC，∴∠AED＝∠C，∵∠AED＝∠BEC，∴∠BEC＝∠C，∴BE＝BC＝4，故答案为：4．【点评】本题主要考查的是三角形中位线定理，三角形的中位线平行于第三边，且等于第三边的一半．16．（3分）如图，在菱形ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，．线段AB与A′B′关于过点O的直线l对称，点B的对应点B′在线段OC上，A′B′交CD于点E，则△B′CE与四边形OB′ED的面积比为．【分析】根据轴对称可得到等线段等角，再结合菱形的性质可得到△A'ED≌△CEB'（AAS），再证△DOE ≌△B'OE（SSS），由B'C：B'O＝2：3即可求出答案．【解答】解：如图连接OE、A'D，∵AB关于过O的直线对称，∴A'在BD延长线上，∵，∴设AC＝10k，BD＝6k，在菱形ABCD中，OA＝OC＝5k，CB＝OD＝3k，∵AB与A'B'关于过O的直线对称，∴OA＝OA'＝5k，OB＝OB'＝3k，∠A'＝∠DAC＝∠DCA，∴A'D＝B'C＝2k，∵∠A'ED＝∠B'CE，∴△A'ED≌△CEB'（AAS），∴DE＝B'E，∵OE＝OE，OD＝OB'，∴△DOE≌△B'OE（SSS），＝S△B′OE，∴S△DOE∵＝＝，∴＝＝．故答案为：．【点评】本题主要考查了轴对称的性质和菱形的性质、全等三角形的判定和性质，熟练掌握以上基础知识和线段之间的转化是解题关键．三、解答题（17-21每题8分，22、23每题10分，24题12分）17．（8分）计算：．【分析】利用负整数指数幂，立方根的定义，绝对值的性质计算即可．【解答】解：原式＝4﹣2+5＝7．【点评】本题考查实数的运算，负整数指数幂，立方根，绝对值，熟练掌握相关运算法则是解题的关键．18．（8分）解方程组：．【分析】先有①×3+②得出10x＝5，求出x＝，再把x＝代入①求出y即可．【解答】解：，①×3+②得：10x＝5，解得：x＝，把x＝代入①得：2×﹣y＝5，解得：y＝﹣4，所以方程组的解是．【点评】本题考查了二元一次方程组，能把二元一次方程组转化成一元一次方程是解此题的关键．19．（8分）如图，在△ABC中，AD⊥BC，AE是BC边上的中线，AB＝10，AD＝6，tan∠ACB＝1．（1）求BC的长；（2）求sin∠DAE的值．【分析】（1）由tan∠ACB＝1可得CD＝AD＝6，根据勾股定理可得BD的长，进而底层BC的长；（2）根据AE是BC边上的中线可得CE的长，由DE＝CE﹣CD可得DE的长，根据勾股定理可得AE 的长，再根据三角函数的定义解答即可．【解答】解：（1）∵AD⊥BC，AB＝10，AD＝6，∴BD＝＝＝8；∵tan∠ACB＝1，∴CD＝AD＝6，∴BC＝BD+CD＝8+6＝14；（2）∵AE是BC边上的中线，∴CE＝＝7，∴DE＝CE﹣CD＝7﹣6＝1，∵AD⊥BC，∴＝＝，∴sin∠DAE＝＝＝．【点评】本题考查了解直角三角形以及勾股定理，在直角三角形中，由已知元素求未知元素的过程就是解直角三角形．20．（8分）某校开展科学活动．为了解学生对活动项目的喜爱情况，随机抽取部分学生进行问卷调查．调查问卷和统计结果描述如下：科学活动喜爱项目调查问卷以下问题均为单选题，请根据实际情况填写．问题1：在以下四类科学“嘉年华”项目中，你最喜爱的是A（A）科普讲座（B）科幻电影（C）AI应用（D）科学魔术如果问题1选择C．请继续回答问题2．问题2：你更关注的AI应用是E（E）辅助学习（F）虚拟体验（G）智能生活（H）其他根据以上信息．解答下列问题：（1）本次调查中最喜爱“AI应用”的学生中更关注“辅助学习”有多少人？（2）菜鸡学校共有1200名学生，根据统计信息，估计该校最喜爱“科普讲座”的学生人数．【分析】（1）用本次调查中最喜爱“AI应用”的学生人数乘E所占百分比即可；（2）用1200乘该校最喜爱“科普讲座”项目的百分比即可．【解答】解：（1）80×40%＝32（人），答：本次调查中最喜爱“AI应用”的学生中更关注“辅助学习”有32人；（2）1200×＝324（人），答：估计该校最喜爱“科普讲座”的学生人数大约有324人．【点评】本题考查扇形统计图、条形统计图、用样本估计总体，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．21．（8分）尺规作图问题：如图1，点E是▱ABCD边AD上一点（不包含A，D），连接CE．用尺规作AF∥CE，F是边BC上一点．小明：如图2．以C为圆心，AE长为半径作弧，交BC于点F，连接AF，则AF∥CE．小丽：以点A为圆心，CE长为半径作弧，交BC于点F，连接AF，则AF∥CE．小明：小丽，你的作法有问题．小丽：哦…我明白了！（1）证明AF∥CE；（2）指出小丽作法中存在的问题．【分析】（1）根据小明的作法知，CF＝AE，根据平行四边形的性质求出AD∥BC，根据“一组对边平行且相等的四边形是平行四边形”求出四边形AFCE是平行四边形，根据“平行四边形的对边互相平行”即可得证；（2）以A为圆心，EC为半径画弧，交BC于点F，此时可能会有两个交点，只有其中之一符合题意．【解答】（1）证明：根据小明的作法知，CF＝AE，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，又∵CF＝AE，∴四边形AFCE是平行四边形，∴AF ∥CE ；（2）解：以A 为圆心，EC 为半径画弧，交BC 于点F ，此时可能会有两个交点，只有其中之一符合题意．故小丽的作法有问题．【点评】此题考查了平行四边形的判定与性质，熟记平行四边形的判定定理与性质定理是解题的关键．22．（10分）小明和小丽在跑步机上慢跑锻炼．小明先跑，10分钟后小丽才开始跑，小丽跑步时中间休息了两次．跑步机上C 档比B 档快40米/分、B 档比A 档快40米/分．小明与小丽的跑步相关信息如表所示，跑步累计里程s （米）与小明跑步时间t （分）的函数关系如图所示．时间里程分段速度档跑步里程小明16：00～16：50不分段A 档4000米小丽16：10～16：50第一段B 档1800米第一次休息第二段B 档1200米第二次休息第三段C 档1600米（1）求A ，B ，C 各档速度（单位：米/分）；（2）求小丽两次休息时间的总和（单位：分）；（3）小丽第二次休息后，在a 分钟时两人跑步累计里程相等，求a 的值．【分析】（1）由小明的跑步里程及时间可得A 档速度，再根据B 档比A 档快40米/分、C 档比B 档快40米/分，即可得出答案；（2）结合图象求出小丽每段跑步所用时间，再根据总时间即可求解；（3）由题意可得，此时小丽在跑第三段，所跑时间为a ﹣10﹣15﹣10﹣5＝a ﹣40（分），可得方程80a＝3000+160（a﹣40），求解即可．【解答】解：（1）由题意可知，A档速度为4000÷50＝80（米/分），则B档速度为80+40＝120（米/分），C档速度为120+40＝160（米/分），答：A，B，C各档速度80米/分、120米/分、160米/分．（2）小丽第一段跑步时间为1800÷120＝15（分），小丽第二段跑步时间为（3000﹣1800）÷120＝10（分），小丽第三段跑步时间为（4600﹣3000）÷160＝10（分），则小丽两次休息时间的总和为50﹣10﹣15﹣10﹣10＝5（分），答：小丽两次休息时间的总和为5分钟．（3）∵小丽第二次休息后，在a分钟时两人跑步累计里程相等，∴此时小丽在跑第三段，所跑时间为a﹣10﹣15﹣10﹣5＝a﹣40（分），∴80a＝3000+160（a﹣40），∴a＝42.5．【点评】本题主要考查一次函数的应用，读懂图中的数据是解题的关键．23．（10分）已知二次函数y＝x2+bx+c（b，c为常数）的图象经过点A（﹣2，5），对称轴为直线．（1）求二次函数的表达式；（2）若点B（1，7）向上平移2个单位长度，向左平移m（m＞0）个单位长度后，恰好落在y＝x2+bx+c 的图象上，求m的值；（3）当﹣2≤x≤n时，二次函数y＝x2+bx+c的最大值与最小值的差为，求n的取值范围．【分析】（1）依据题意，由二次函数为y＝x2+bx+c，可得抛物线为直线x＝﹣＝﹣，可得b的值，再由图象经过点A（﹣2，5），求出c的值，进而可以得解；（2）依据题意，由点B（1，7）向上平移2个单位长度，向左平移m个单位长度（m＞0），进而可得平移后的点为（1﹣m，9），结合（1﹣m，9）在y＝x2+x+3图象上，可得9＝（1﹣m）2+（1﹣m）+3，进而计算可以得解；（3）依据题意，由y＝x2+x+3＝（x+）2+，可得当x＝﹣时，y取最小值，最小值为，再根据n＜﹣、﹣2＜﹣≤n≤1和n＞1进行分类讨论，即可计算得解．【解答】解：（1）由题意，∵二次函数为y＝x2+bx+c，∴抛物线的对称轴为直线x＝﹣＝﹣．∴b＝1．∴抛物线为y＝x2+x+c．又图象经过点A（﹣2，5），∴4﹣2+c＝5．∴c＝3．∴抛物线为y＝x2+x+3．（2）由题意，∵点B（1，7）向上平移2个单位长度，向左平移m个单位长度（m＞0），∴平移后的点为（1﹣m，9）．又（1﹣m，9）在y＝x2+x+3，∴9＝（1﹣m）2+（1﹣m）+3．∴m＝4或m＝﹣1（舍去）．∴m＝4．（3）由题意，当时，∴最大值与最小值的差为．∴，不符合题意，舍去．当﹣≤n≤1时，∴最大值与最小值的差为，符合题意．当n＞1时，最大值与最小值的差为，解得n1＝1或n2＝﹣2，不符合题意．综上所述，n的取值范围为﹣≤n≤1．【点评】本题主要考查了待定系数法求二次函数解析式、二次函数的性质、二次函数图象上点的坐标特征、二次函数的最值、坐标与图形变化﹣平移，解题时要熟练掌握并能灵活运用是关键．24．（12分）如图，在圆内接四边形ABCD中，AD＜AC，∠ADC＜∠BAD，延长AD至点E，使AE＝AC，延长BA至点F，连结EF，使∠AFE＝∠ADC．（1）若∠AFE＝60°，CD为直径，求∠ABD的度数．（2）求证：①EF∥BC；②EF＝BD．【分析】（1）根据圆周角定理进行计算即可；（2）①利用圆内接四边形的外角等于它的内对角以及平行线的判定方法即可得出结论；②根据全等三角形的性质，圆周角定理进行解答即可．【解答】（1）解：∵CD为直径，∴∠CAD＝90°，∵∠AFE＝∠ADC＝60°，∴∠ACD＝90°﹣60°＝30°，∴∠ABD＝∠ACD＝30°；（2）证明：①如图，延长AB，∵四边形ABCD是圆内接四边形，∴∠CBM＝∠ADC，又∵∠AFE＝∠ADC，∴∠AFE＝∠CBM，∴EF∥BC；②过点D作DG∥BC交⊙O于点G，连接AG，CG，∵DG∥BC，∴＝，∴BD＝CG，∵四边形ACGD是圆内接四边形，∴∠GDE＝∠ACG，∵EF∥DG∴∠DEF＝∠GDE，∴∠DEF＝∠ACG，∵∠AFE＝∠ADC，∠ADC＝∠AGC，∴∠AFE＝∠AGC，∵AE＝AC，∴△AEF≌△ACG（AAS），∴EF＝CG，∴EF＝BD．【点评】本题考查圆周角定理，圆内接四边形的性质，掌握圆周角定理，圆内接四边形的性质以及平行四边形的性质是正确解答的关键．。

浙教版初三数学中考试题(含答案)

浙教版初三数学中考试题(含答案)

九年级数学中考试题一、选择题（本题有10小烟，每小题3分，共30分．每小题只有一个选项是正确的，不选、多选、错选，均不给分）1. ﹣2022的相反数是（ ）A. ﹣2022B. 2022C. ﹣12022D. 12022 2. 小明家购买了一款新型吹风机．如图所示，吹风机的主体是由一个空心圆柱体构成，手柄可近似看作一个圆柱体，这个几何体的主视图为（ ）A. B. C. D.3. 2022年2月8日，在北京冬奥会自由式女子大跳台金牌决赛中，中国选手谷爱凌以188.25分夺得金牌．北京冬奥会大数据报告显示，这场比赛受到我国超过5650万人的关注，5650万这个数字用科学记数法表示为（ ）A. 75.610⨯B. 75.6510⨯C. 85.6510⨯D. 656.510⨯ 4. 下列运算正确的是（ ） A. 2222+= B. 2243x y x y -= C. 222()a b a b +=+ D. 333()ab a b = 5. 不等式22x x -≤-+的解在数轴上的表示正确的是（ ）A.B. C.D. 6. 甲、乙、丙、丁四名射击运动员参加射击预选赛，他们射击成绩的平均数及方差如表所示，要选一个成绩较好且稳定的运动员去参赛，应选运动员（ ） 统计量 甲 乙 丙 丁 x （环） 7 8 8 7S 2（环2）0.9 1.1 0.9 1A. 甲B. 乙C. 丙D. 丁7. 某书店分别用500元和700元两次购进一本小说，第二次数量比第一次多4套，且两次进价相同．若设该书店第一次购进x 套，根据题意，列方程正确的是（ ）A. 5007004x x =-B. 5007004x x =-C. 5007004x x =+D. 5007004x x =+ 8. 已知现有的12瓶饮料中有2瓶已过了保质期，从这12瓶饮料中任取1瓶，恰好取到已过了保质期的饮料的概率是（ ）A. 112B. 56C. 13D. 169. 现由边长为22ABCD 制作的一副如图1所示的七巧板，将这副七巧板在矩形EFGH 内拼成如图2所示的“老虎”造型，则矩形EFGH 与“老虎”的面积之比为（ ）A. 2B. 65C. 43D. 15810. 已知二次函数22y x mx m =++的图象与x 轴交于A (a ，0)，B (b ，0)两点，且满足，46a b ≤+≤．当13x ≤≤时，该函数的最大值H 与m 满足的关系式是（ ）A. 31H m =+B. 54H m =+C. 79H m =+D. 2H m m =-+卷Ⅱ 二、填空题（本题有6小题，每小题4分，共24分）11. 分解因式：22a a +=_____．12. 二元一次方程组221x y x y +=⎧⎨-=⎩解是__________．13. 某仓储中心有一斜坡AB ，其坡比i ＝1：2，顶部A 处的高AC 为4米，B 、C 在同一水平面上．则斜坡AB 的水平宽度BC 为____米．14. 如图，已知四边形ABCD 内接于O ，68ABC ∠=︒，则ADC ∠的度数是_______．15. 如图，反比例函数(0)k y x x=>上有一点A ，经过点A 的直线AB ，交反比例函数于点C ，且12AC CB =，以O 为圆心，OA 为半径作圆，OAB ∠的角平分线交O 于点D ，若ABD △的面积为12，则k =_______．16. 在Rt ABC 中，点D 、E 分别为AC 、BC 上一点，已知7,90,3AC CB ACB CD ===︒∠=．连结DE ，分别取DE ，AB 上一点M 、N ，连结CM 、MN ，始终满足CM MN =，设ME BN m DM AN==．（1）如图1，当1m =时，连结DN 、NE ，过点N 作NG BC ⊥于G ，则线段EG 的长为__________； （2）如图2，当2m =时，则线段CE 长为__________．三、解答题（本题有8小题，共66分）17. 计算：2(2)122sin 60-+︒18. 化简：24a b a b a b a b-++++ 19. 为了解某学校疫情期向学生在家体有锻炼情况，从全体学生中机抽取若干名学生进行调查．以下是根据调查数据绘刺的统计图丧的一部分，根据信息回答下列问题． 组别 平均每日体育锻炼时间（分）人数 A015x ≤≤ 9 B1525x <≤ ___________ C2535x <≤ 21 D35x >12（1）本次调查共抽取__________名学生．（2）抽查结果中，B 组有__________人．（3）在抽查得到的数据中，中位数位于__________组（填组别）．（4）若这所学校共有学生800人，则估计平均每日锻炼超过25分钟有多少人？21. 已知，如图，矩形ABCD ，延长AB 至点E ，使得BE =AB ，连接BD 、CE ．（1）求证：∠ABD =∠BEC ．（2）AD =2，AB =3，连接DE ，求sin ∠AED 的值．23. 图1是新冠疫情期间测温员用“额温枪”对居民张阿姨测温时的实景图，图2是其侧面示意图，其中枪柄CD 和手臂BC 始终在同一条直线上，枪身DE 与额头F 保持垂直．胳膊24cm AB =，40cm BD =，肘关节B 与枪身端点E 之间的水平宽度为28cm （即BH 的长度），枪身8cm DE =．（1）求EDC ∠的度数；（2）测温时规定枪身端点E 与额头规定范围为3cm 5cm ．在图2中若75ABC ∠=︒，张阿姨与测温员之间的距离为48cm ．问此时枪身端点E 与张阿姨额头F 的距离是否在规定范围内，并说明理由．（结果保2 1.414≈3 1.732≈）25. 某学校STEAM 社团在进行项目化学习时，根据古代的沙漏模型（图1）制作了一套“沙漏计时装置”，该装置由沙漏和精密电子秤组成，电子秤上放置盛沙容器．沙子缓慢匀速地从沙漏孔漏到精密电子称上的容器内，可以通过读取电子秤的读数计算时间（假设沙子足够）．该实验小组从函数角度进行了如下实验探究：实验观察：实验小组通过观察，每两小时记录一次电子秤读数，得到表1．表1 沉沙时间(h)x 0 2 4 6 8电子秤读数y （克） 6 18 30 42 54探索发现：（1）建立平面直角坐标系，如图2，横轴表示漏沙时间x ，纵坐标表示精密电子称的读数y ，描出以表1中的数据为坐标的各点．（2）观察上述各点的分布规律，判断它们是否在同一条直线上，如果在同一条直线上，请你建立适当的函数模型，并求出函数表达式，如果不在同一条直线上，请说明理由．结论应用：应用上述发现的规律估算：（3）若漏沙时间为9小时，精密电子称的读数为多少？（4）若本次实验开始记录的时问是上午7:30，当精密电子秤的读数为72克时是几点钟？27. 如图已知二次函数2y x bx c =++（b ，c 为常数）的图像经过点(3,1)A -，点(0,4)C -，顶点为点M ，过点A 作AB x ∥轴，交y 轴于点D ，交二次函数2y x bx c =++的图象于点B ，连接BC ．（1）求该二次函数的表达式及点M 的坐标；（2）若将该二次函数图象向上平移(0)m m >个单位，使平移后每到二次函数图象的顶点落在ABC 的内部（不包括ABC 的边界），求m 的取值范围；（3）若E 为y 轴上且位于点C 下方的一点，P 为直线AC 上一点，在第四象限的抛物线上是否存在一点Q ，使以C 、E 、P 、Q 为顶点的四边形是菱形？若存在，请求出点Q 的横坐标；若不存在，请说明理由． 29. 如图1，正方形ABCD 中，AC 对角线，点P 在线段AC 上运动，以PF 为边向右作正方形DPFE ，连接CE ；（1）则AP 与CE 的数量关系是___________，AP 与CE 的夹角度数为_________；（2）点P 在线段AC 及其延长线上运动时，探究线段DC ，PC 和CE 三者之问的数量关系，并说明理由；（3）当点P 在对角线AC 的延长线上时，连接AE ，若22,213AB AE ==，求四边形DCPE 的面积．九年级数学练习卷Ⅰ一、选择题（本题有10小烟，每小题3分，共30分．每小题只有一个选项是正确的，不选、多选、错选，均不给分）【1题答案】【答案】B【2题答案】【答案】C【3题答案】【答案】B【4题答案】【答案】D【5题答案】【答案】B【6题答案】【答案】C【7题答案】【答案】C【8题答案】【答案】D【9题答案】【答案】D【10题答案】【答案】A卷Ⅱ二、填空题（本题有6小题，每小题4分，共24分）【11题答案】【答案】22(2)a a a a +=+【12题答案】 【答案】10x y =⎧⎨=⎩【13题答案】【答案】8【14题答案】【答案】112︒【15题答案】 【答案】485【16题答案】 【答案】 ①.12 ①. 112 三、解答题（本题有8小题，共66分）【17题答案】 【答案】43+【18题答案】【答案】3【19题答案】【答案】（1）60 （2）18（3）C （4）440【20题答案】【答案】（1）见解析 （210 【21题答案】【答案】（1）120︒；（2）在规定范围内，理由见解析．【22题答案】【答案】（1）作图见解析（2）在同一直线上．函数表达式为：66y x =+ （3）漏沙时间为9小时，精密电子称的读数为60克 （4）下午6:30【23题答案】【答案】（1）二次函数解析式为224y x x =--，点M 的坐标为（1，-5）（2）24m <<（3）当点Q 的横坐标为32时，四边形CEQP 为顶点的四边形为菱形【24题答案】【答案】（1）AP =CE ；90°； （2）2CE CD CP =+，理由见解析； （3）12。

历年浙教版初三数学中考实际应用性问题及答案

历年浙教版初三数学中考实际应用性问题及答案

专题一 实际应用性问题实际应用性问题是指有实际背景或实际意义的数学问题。

这些问题充分体现了贴近学生生活、关注社会热点、形式多样等特点，注重考查学生思维的灵活性和深刻性，要求解题者具有较丰富的生活常识和较强的阅读能力以及数学建模能力。

实际应用性问题涉及的背景有商品买卖、存款和贷款，最优方案、行程问题、交通运输、图案设计、农业生产和生物繁殖等。

实际应用性问题在各地的试卷中成为必考内容，体现了素质教育的要求和新课程标准的理念，由于它们来自生活和生产实践，所以参考条件较多，思维也有一定的深度，解答方法灵活多样。

【典型例题】例1. 某饮料厂为了开发新的产品，用A 、B 两种果汁原料各19千克、17.2千克，试制甲、乙两种新型饮料共50千克，下表是实验的相关数据：（1）假设甲种饮料需配制x 千克。

请你写出满足题意的不等式组，并求出其解。

（2）设甲种饮料每千克成本为4元，乙种饮料每千克成本为3元。

这两种饮料的成本总额为y 元，请写出y 与x 的函数表达式。

并根据（1）的运算结果，确定当甲种饮料配制多少千克时，甲、乙两种的成本总额最低。

分析：根据表格的信息和其他已知条件知甲种原料用量不大于19千克，乙种原料用量不大于17.2千克，可得出（1）的不等式组。

（2）由“成本总额＝甲种饮料成本＋乙种饮料成本”这个关系式，可列出函数表达式。

再运用函数的性质，可确定最低总成本。

解：（1）由条件得05025019030450172..()..().x x x x +-≤+-≤⎧⎨⎩ 解得2830≤≤x （2）依题意得y x x x x =+-=+≤≤43501502830()()由一次函数性质知：k ＝1＞0，y 随x 的增大而增大。

∴当x ＝28时，甲、乙两种饮料的成本总额最少。

即y ＝28＋150＝178（元）。

例2. 高为12.6米的教学楼ED 前有一棵大树AB （如图甲）。

（1）某一时刻测得大树AB，教学楼ED在阳光下的投影长分别是BC＝2.4米，DF＝7.2米，求大树AB的高度。

2020春浙教版九年级中考数学复习测试：3.9圆的基本性质

2020春浙教版九年级中考数学复习测试：3.9圆的基本性质

第9讲圆的基本性质[学生用书P51]对称性的启示在具有对称性的平面图形中，圆这个最简单的曲线最令人惊叹．它是唯一具有无穷多条对称轴的轴对称图形，它又是特殊的中心对称图形．同学们都知道，中心对称图形绕其对称中心旋转180°后所得到的图形跟原图形重合，而将圆绕其中心旋转任意一个角度后所得的图形跟原图形重合，这是圆的独特性质．所以圆被称为最完美的曲线．同学们也许见过这样一道智力游戏题：设有数量足够多的各种面值的硬币，让两个人轮流的在圆形桌面上摆硬币，每次摆一个，个个不能互相重叠，也不能有一部分落在桌面的边缘外．这样，经过充分多次以后，谁先摆不下硬币就算输．试证：先摆的人有办法使对方一定输．先摆的人为什么能稳操胜券呢？就因为圆形桌面是中心对称图形．“先手”只要把第一个硬币摆在桌面的中心，以后不管“后手”把硬币摆在哪里，“先手”总可以把相同面值的硬币摆在与“后手”所摆硬币(关于中心)对称的地方．这样，只要“后手”有地方摆得下，“先手”也总可以摆得下．因此“后手”准输．这里仅仅利用了圆的中心对称性质．因此，本题中把圆形桌面改成矩形桌面、椭圆形桌面或其他具有中心对称性的图形的桌面，问题的结论仍然不变．同学们大概不会不知道我国著名的“太极图”(图①)吧！实际上，它是把一个圆分成阴阳两个部分而成的，因而具有“阴”和“阳”对立统一的深刻含义．太极图的画法：如图②所示，在一个大圆内分别以同一直径的两个半径为直径，做两个小圆，然后擦掉虚线所示的两个半圆，就画成一个太极图．类型之一圆的概念例1[镇海区校级自主招生]如图，梯形ABCD中，AD∥BC，∠ABC＝90°，AD＝2，AB＝1，BC＝3.若此梯形的顶点A，B恰好在圆O的直径MN上，C，D在圆O上，则圆O的直径等于．【思路生成】首先连结OC，OD，然后设OC＝OD＝x，OB＝y，由在Rt△OAD 中，OA2＋AD2＝OD2，在Rt△OBC中，OB2＋BC2＝OC2，可得方程组即可求得圆O的直径．答图【解析】 如答图，连结OC ，OD ，∵梯形ABCD 中，AD ∥BC ，∠ABC ＝90°，∴∠OAD ＝90°，∠OBC ＝90°，设OC ＝OD ＝x ，OB ＝y ，在Rt △OAD 中，OA 2＋AD 2＝OD 2，在Rt △OBC 中，OB 2＋BC 2＝OC 2，∵AD ＝2，AB ＝1，BC ＝3，∴⎩⎪⎨⎪⎧y 2＋9＝x 2，（y ＋1）2＋4＝x 2，解得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝13，y ＝2，∴圆O 的直径等于213.圆的定义：1．在同一平面内，线段OP 绕着它固定的一个端点O 旋转一周，另一端点P 所经过的封闭曲线叫做圆．2．圆是到定点距离等于定长的点的集合．圆的基本性质：1．圆是轴对称图形：任何一条直径所在的直线都是它的对称轴．2．垂径定理：垂直于弦的直径平分弦，并且平分弦所对的两条弧．推论：平分弦(不是直径)的直径垂直于弦，并且平分弦所对的两条弧．3．同圆或等圆中，两个圆心角、两条弧、两条弦、两个弦心距中有一组量相等，它们所对应的其余各组量也分别相等．确定圆的条件：确定一个圆必须明确两个要素：①圆心(决定圆的位置)；②半径(决定圆的大小)．点和圆的位置关系：点P 在圆内⇔d ＜r ；点P 在圆上⇔d ＝r ；点P 在圆外⇔d ＞r .1．[龙岩校级自主招生]如图，AB ，CD 是⊙O 的两条弦，∠AOB 与∠C 互补，∠COD 与∠A 相等，则∠AOB 的度数是__108°__．【解析】 ∵∠AOB 与∠C 互补，∴∠C ＝∠D ＝180°－∠AOB ，∴∠COD ＝180°－2∠C ＝2∠AOB －180°，∵∠A ＝∠B ＝12(180°－∠AOB )，∠COD ＝∠A ，∴2∠AOB －180°＝12(180°－∠AOB )，解得∠AOB ＝108°.垂径定理1．与弦有关的题目，要求解边与角时，连结半径构造等腰三角形是常用的辅助线．2．求圆中的弦长时，通常作辅助线，由半径、弦的一半以及弦心距构成直角三角形运用勾股定理进行求解．类型之二垂径定理例2[上海竞赛题]如图，正方形ABCD的顶点A，D和正方形JKLM的顶点K，L在一个以5为半径的圆O上，点J，M在线段BC上，若正方形ABCD 的边长为6，求正方形JKLM的边长．【思路生成】作ON⊥AD于N，OH⊥KL于H，连结OD，OL，根据勾股定理和垂径定理求出ON，列出方程，解方程即可．答图解：如答图，过点O作直线OP⊥BC，分别交BC，KL，AD于点P，H，N，则ON⊥AD，OH⊥KL，连结DO，LO，在Rt△NOD中，ON＝OD2－DN2＝52－32＝4，OP＝PN－ON＝2.设HL＝x，则PH＝KL＝2x，OH＝OP＋PH＝2＋2x.在Rt△HOL中，x2＋(2x＋2)2＝52，解得x1＝－3(舍去)，x2＝75，∴正方形JKLM的边长为14 5.2．[芜湖校级自主招生]如图，三个全等的正方形内接于圆，正方形的边长为16，则圆的半径为(D)A．333 B．16 5C．16 2 D．517【解析】如答图，设圆心为O，连结OC，OD，延长BO与正方形的边交于点A，答图设圆心与上面正方形的距离为x，则BO＝16－x，AD＝8，AO＝16＋x，在Rt△OBC与Rt△OAD中，∵OC＝OD，∴BC2＋OB2＝AO2＋AD2，即162＋(16－x)2＝(16＋x)2＋82，解得x＝3，∴OB＝16－3＝13，∴OC＝BC2＋OB2＝162＋132＝517.3．[《时代学习报》数学文化节试题](1)如图1，多边形ABDEC是由边长为2的等边三角形ABC和正方形BDEC组成，⊙O过点A，D，E三点，求⊙O的半径；(2)如图2，若多边形ABDEC是由一个等腰三角形和一个矩形组成，AB＝AC＝BD＝2，⊙O过A，D，E三点，则⊙O的半径是否改变？答图解：(1)如答图，过A作BC的垂线交DE于F点，∵△ABC为等边三角形，∴AF平分BC，∵四边形BDEC为正方形，∴AF也垂直平分DE，∴过点A，D，E三点的圆的圆心O在AF上，连结AD，OD，则OA＝OD，∴∠OAD＝∠ODA，又∵BC＝BD＝BA，∴∠BAD＝∠BDA，而AF∥BD，∴∠OAD＝∠BDA，∴∠ODA＝∠BAD，∴AB∥OD，∴四边形ABDO为菱形，∴AO＝AB＝2，即⊙O的半径为2；(2)⊙O的半径不改变．因为AB＝AC＝BD＝2，此题的求法和(1)一样，⊙O的半径为2.圆的基本性质中常见的基本图形类型之三垂径定理的应用例3[黑龙江竞赛题]如图，半径为2的圆O中，弦AB与弦CD垂直相交于P，连结OP，若OP＝1，求AB2＋CD2的值．【思路生成】解互相垂直的两条弦问题，常需多次运用垂径定理．解：如答图，过O 点作OE ⊥AB 于E ，OF ⊥CD 于F ，连结OD ，OA ，则AE ＝BE ，CF ＝DF .答图∵OE 2＝AO 2－AE 2＝4－14AB 2，OF 2＝OD 2－FD 2＝4－14CD 2，∴OE 2＋OF 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫4－14AB 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫4－14CD 2＝PF 2＋OF 2＝OP 2＝12， 即4－14AB 2＋4－14CD 2＝1，故AB 2＋CD 2＝28.对称是一种美，它展示出整体的平衡与和谐．等腰三角形，正方形，圆，抛物线，双曲线等都是轴对称图形，它们能生成从形式到结果完美的图形．4．[岳麓区自主招生]如图，圆O 中，弦AC ⊥BD ，且OE ⊥CD 于E ，若AB 的长是10，则OE 的长是__5__．答图【解析】 如答图，作直径DF ，连结CF ，则∠DCF ＝90°，∠1＋∠2＝90°， ∵AC ⊥BD ，∴∠3＋∠4＝90°，∵∠2＝∠4，∴∠1＝∠3，∴AB ︵＝CF ︵，∴AB ＝CF ＝10.∴OE ⊥CD 于点E ，∴CE ＝DE .∵OD ＝OF ，∴OE ＝12CF ＝5.5．[第3届世界数学团体锦标赛试题]如图，圆O 中两条互相垂直的弦AB 和CD 的弦心距是3和2，它们将圆O 分成四部分：S 1，S 2，S 3，S 4，求(S 1＋S 3)－(S 2＋S 4)．解：如答图，以O 为对称中心，在⊙O 内分别作与AB ，CD 对称的弦A ′B ′，C ′D ′.观察此图，由题设条件，及圆的对称性可知(S 1＋S 3)－(S 2＋S 4)＝阴影长方形的面积＝4×6＝24.答图圆心角定理在同圆或等圆中，相等的圆心角所对的弧相等，所对的弦也相等．1°弧的概念1°圆心角所对的弧叫做1°弧．类型之四 圆心角定理例4 [陕西竞赛题]如图，已知⊙O 的半径为R ，C ，D 是直径AB 同侧圆周上的两点，AC ︵的度数为96°，BD︵的度数为36°，动点P 在AB 上，则CP ＋PD 的最小值为．【解析】 如答图，作点D 关于AB 的对称点D ′，连结CD ′，由轴对称确定最短路线问题，CD ′与AB 的交点即为所求的点P ，CD ′的长度为PC ＋PD 的最小长度，答图∵AC ︵度数为96°，∴BC ︵的度数为180°－96°＝84°，连结OD ′，∵BD ︵＝36°，∴BD ′︵＝36°，∴CD ′︵＝84°＋36°＝120°，即∠COD ′＝120°，过点O 作OE ⊥CD ′，则∠COE ＝12∠COD ′＝60°，OE 垂直平分CD ′，∴CD ′＝2CE ＝2×32R ＝3R ，即CP ＋PD 的最小值为3R .6．[余姚自主招生]如图，在三个等圆上各自有一条劣弧AB ，CD ，EF ，如果AB ︵＋CD ︵＝EF ︵，那么AB ＋CD 与EF 的大小关系是( C )A ．AB ＋CD ＝EFB ．AB ＋CD <EFC ．AB ＋CD >EF D ．大小关系不确定【解析】 如答图，在EF ︵上取一点M 使EM ︵＝CD ︵，则FM ︵＝AB ︵，∴AB ＝FM ，CD＝EM，在△MEF中，FM＋EM>EF，∴AB＋CD>EF.答图辅助线规律已知弧的中点，连结半径，构造相等圆心角．基本概念三角形的外接圆：经过三角形各个顶点的圆叫做三角形的外接圆．三角形的外心：三角形外接圆的圆心．圆的内接三角形：这个三角形叫做圆的内接三角形．三角形外心是三角形三条边的垂直平分线的交点．三点确定一个圆：不在同一条直线上的三个点确定一个圆．7．[余姚校级自主招生]如图，⊙O的直径AB与弦EF相交于点P，交角为45°，若PE2＋PF2＝8，则AB等于__4__．答图【解析】如答图，作OG⊥EF于G，连结OE，根据垂径定理，可设EG＝FG＝x，则PE＝x＋PG，PF＝x－PG，又∵PE2＋PF2＝8，∴(x＋PG)2＋(x－PG)2＝8，整理得2x2＋2PG2＝8，x2＋PG2＝4，∵交角为45°，∴OG＝PG，∴OE2＝OG2＋EG2＝4，解得OE＝2，即圆的半径是2，∴直径AB是4.类型之五三角形的外接圆例5已知，如图1，△ABC中，BA＝BC，D是平面内不与A，B，C重合的任意一点，∠ABC＝∠DBE，BD＝BE.(1)求证：△ABD≌△CBE；(2)如图2，当点D是△ABC的外接圆圆心时，请判断四边形BDCE的形状，并证明你的结论．图1 图2解：(1)证明：∵∠ABC ＝∠DBE ，∴∠ABC ＋∠CBD ＝∠DBE ＋∠CBD ，∴∠ABD ＝∠CBE ，在△ABD 与△CBE 中，∵⎩⎪⎨⎪⎧BA ＝BC ，∠ABD ＝∠CBE ，BD ＝BE ，∴△ABD ≌△CBE ；(2)四边形BDCE 是菱形，证明如下：由(1)知△ABD ≌△CBE ，∴CE ＝AD ，∵点D 是△ABC 外接圆圆心，∴DA ＝DB ＝DC ，又∵BD ＝BE ，∴BD ＝BE ＝CE ＝CD ，∴四边形BDCE 是菱形．8．[四川竞赛题]已知在△ABC中，AB＝AC＝43，高AD＝4，则△ABC的外接圆的半径为(D)A．3 B．4 C．5 D．6【解析】由于AB＝AC，所以其外接圆的圆心在三角形的高上，如答图所示，答图∵AB＝43，AD＝4，AD⊥BC，∴BD＝（43）2－42＝42，可设圆的半径为x，则在Rt△BOD中，(4－x)2＋(42)2＝x2，解得x＝6.9．[雨花区校级自主招生]如图所示，四边形ABCD中，AB∥CD，AD＝DC＝DB＝p，BC＝q，则AC＝．(用p，q表示)答图 【解析】 如答图，延长CD 交半径为p 的⊙D 于点E ，连结AE .显然A ，B ，C 在⊙D 上．∵AB ∥CD ，∴BC ︵＝AE ︵，∴BC ＝AE ＝q .在△ACE 中，∠CAE ＝90°，CE ＝2p ，AE ＝q ，故AC ＝CE 2－AE 2＝4p 2－q 2.10．[诸暨校级自主招生]如图，△ABC 是⊙O 的内接三角形，AC ＝BC ，D 为AB ︵上一点，延长DA 至点E ，使CE ＝CD .(1)求证：AE ＝BD ；(2)若AC ⊥BC ，求证：AD ＋BD ＝2CD .证明：(1)∵△ABC 是⊙O 的内接三角形，AC ＝BC ，∴∠ABC ＝∠BAC ， ∵CE ＝CD ，∴∠CDE ＝∠CED ，又∵∠ABC ＝∠CDE ，∴∠ABC ＝∠BAC ＝∠CDE ＝∠CED ，∴∠ACB ＝∠DCE ，∴∠BCD ＝∠ACE ，在△AEC 和△BDC 中，⎩⎪⎨⎪⎧AC ＝BC ，∠ACE ＝∠BCD ，CE ＝CD ，∴△AEC ≌△BDC (SAS )，∴AE ＝BD ；(2)∵AC ⊥BC ，∴∠ACB ＝90°，∴∠DCE ＝90°，又∵CD ＝CE ，∴△DCE 为等腰直角三角形，∴DE ＝2CD ，又∵DE ＝AD ＋AE 且AE ＝BD ，∴AD ＋BD ＝2CD .例6 [希望杯培训题]如图所示，在△ABC 中，AC ＝BC ，∠ACB ＝80°，在△ABC 内取一点M ，使得∠MBA ＝30°，∠MAB ＝10°，那么∠AMC 的度数是__70°__．答图【解析】如答图，作△ADB≌△AMB，连结CD，MD，∴∠MBD＝∠MBA＋∠DBA＝2∠MBA＝60°，∠AMB＝∠ADB＝180°－10°－30°＝140°，而∠ACB＝80°，AC＝BC，且180°－140°＝40°＝12×80°，∴D就在以C为圆心，AC为半径的圆上，∴AC＝DC＝BC，∵△MBD为等边三角形，∴BM＝DM，又CM＝CM，∴△CMD≌△CMB，∴∠CMD＝∠CMB.而∠CMD＋∠CMB＋∠BMD＝360°，∠BMD＝60°，∴∠CMD＝∠CMB＝150°，∠AMC＝360°－∠CMB－∠AMB＝360°－150°－140°＝70°.构造圆，利用圆的基本性质解题.[学生用书P28]【思维入门】1．[潍坊中考]点A ，C 是半径为3的圆周上两点，点B 为AC ︵的中点，以线段BA ，BC 为邻边作菱形ABCD ，顶点D 恰好在该圆直径的三等分点上，则该菱形的边长为( D ) A.5或2 2 B.5或2 3 C.6或2 2 D.6或2 3【解析】 分两种情况讨论：如答图①所示，当对角线BD ＝2时，连结OA ，AC 交BD 于点E ，则AE ⊥BD ，BE ＝ED ＝1，OE ＝2，根据勾股定理，得AE 2＝OA 2－OE 2＝9－4＝5，AD 2＝AE 2＋ED 2＝6，∴AD ＝6，即菱形的边长为6；如答图②所示，当对角线BD ＝4时，同理，有OE ＝OD ＝1，由勾股定理，得AE 2＝OA 2－OE 2＝9－1＝8，AD 2＝AE 2＋ED 2＝12，∴AD ＝23，即菱形的边长为2 3.综上可知，该菱形的边长为6或2 3.①②答图2．[江苏竞赛题]P是圆O内一点，圆O的半径为15，P点到圆心的距离为9，通过P点、长度是整数的弦的条数是(D)A．5 B．7 C．10 D．12【解析】在⊙O中，半径是15，点P到圆心的距离为9，则过点P最长的弦是过点P的直径，长度为30.过点P最短的弦是垂直于OP的弦，这条弦长为24.最长的弦有一条，最短的弦有一条，而弦长分别是25，26，27，28，29的弦各有两条，所以过P点，长度是整数的弦一共有1＋2×5＋1＝12条．3．[青羊区自主招生]如图，△ABC中，∠BAC＝60°，∠ABC＝45°，AB＝22，D是线段BC上的一个动点，以AD为直径画⊙O分别交AB，AC于E，F，连结EF，则线段EF长度的最小值为(C)A．2 B. 2 C. 3 D．3【解析】由垂线段的性质可知，当AD为△ABC的边BC上的高线时，直径AD最短，如答图，连结OE，OF，过O点作OH⊥EF，垂足为H，答图∵在Rt△ADB中，∠ABC＝45°，AB＝22，∴AD＝BD＝2，即此时圆的直径为2，由圆周角定理可知∠EOH＝12∠EOF＝∠BAC＝60°，∴在Rt△EOH中，EH＝OE·32＝1×32＝32，∴EF＝2EH＝ 3.4．[黄冈中学自主招生]在平面直角坐标系中，⊙P的圆心是(2，a)(a>2)，半径为2，函数y＝x的图象被⊙P截得的弦AB的长为23，则a的值是．【解析】如答图，过P点作PE⊥AB于E，过P点作PC⊥x轴于C，交AB于D，连结P A.∵AB＝23，∴AE＝3，P A＝2，∴PE＝1.∵点D在直线y＝x上，∴∠DOC＝45°，∵∠DCO＝90°，∴∠ODC＝45°，∴∠PDE＝∠ODC＝45°，答图∴∠DPE＝∠PDE＝45°，∴DE＝PE＝1，∴PD＝ 2.∵⊙P的圆心是(2，a)，∴点D的横坐标为2，∴OC＝2，∴DC＝OC＝2，∴a＝PD＋DC＝2＋ 2.5．[乐清自主招生]如图，在平面直角坐标系中，点A的坐标是(10，0)，点B的坐标为(8，0)，点C，D在以OA为直径的半圆M上，且四边形OCDB是平行四边形，则点C的坐标为__(1，3)__．【解析】∵四边形OCDB是平行四边形，B(8，0)，∴CD∥OA，CD＝OB＝8，如答图，过点M作MF⊥CD于点F，则CF＝12CD＝4，答图过点C作CE⊥OA于点E，∵A(10，0)，∴OE＝OM－ME＝OM－CF＝5－4＝1.连结MC，则MC＝12OA＝5，∴在Rt△CMF中，由勾股定理得MF＝MC2－CF2＝52－42＝3. ∴点C的坐标为(1，3)．6．[台州中考]如图，已知等腰直角三角形ABC，点P是斜边BC上一点(不与B，C重合)，PE是△ABP的外接圆⊙O的直径．(1)求证：△APE是等腰直角三角形；(2)若⊙O的直径为2，求PC2＋PB2的值．解：(1)证明：∵△ABC是等腰直角三角形，∴∠C＝∠ABC＝45°，∴∠PEA＝∠ABC＝45°.又∵PE是⊙O的直径，∴∠P AE＝90°，∠PBE＝90°，∴∠PEA＝∠APE＝45°，∴△APE是等腰直角三角形；(2)∵△ABC是等腰直角三角形，∴AC＝AB，同理AP＝AE，又∵∠CAB＝∠P AE＝90°，∴∠CAP＝∠BAE，∴△CAP≌△BAE，∴CP＝BE，在Rt△BPE中，∠PBE＝90°，PE＝2，∴PB2＋BE2＝PE2，∴CP2＋PB2＝PE2＝4.【思维拓展】7．如图，铁路MN和公路PQ在点O处交汇，∠QON＝30°，公路PQ上A 处距离O点240 m，如果火车行驶时，周围200 m以内会受到噪音的影响，那么火车在铁路MN上沿MN方向以72 km/h的速度行驶时，A处受到噪音影响的时间为(B)A．12 s B．16 s C．20 s D．24 s【解析】如答图，过点A作AC⊥ON，AB＝AD＝200 m，∵∠QON＝30°，OA＝240 m，答图∴AC＝120 m，当火车到B点时对A处产生噪音影响，此时AB＝200 m，∵AB＝200 m，AC＝120 m，∴由勾股定理得BC＝160 m，同理，CD＝160 m，即BD＝320 m，∵72 km/h＝20 m/s，∴影响时间为320÷20＝16(s)．8．[第25届希望杯初三第1试]如图，AB 是⊙O 的弦，CD 是⊙O 的直径，且CD 与AB 相交，若m ＝||S △CAB －S △DAB ，n ＝S △OAB ，则( B )A ．m ＞2nB ．m ＝2nC ．m ＜2nD ．m 与2n 的大小无法确定【解析】 设AB 与CD 交于点E ，∵CO ＝DO ，∴S △ACE ＋S △AOE ＝S △AOD ，S △CBE＋S △BOE ＝S △BOD ，∴S △ACB ＋S △ABO ＝12S四边形ACBD ，S △ABD ＋S △ACB ＝S 四边形ACBD ，∴|S △ABD －S △ACB |＝2S △ABO ，即m ＝2n .9．如图，在⊙O 中，AB 是⊙O 的直径，AB ＝8 cm ，AC ︵＝CD ︵＝BD ︵，M 是AB 上一动点，CM ＋DM 的最小值为__8__cm.答图 【解析】 如答图，作点C 关于AB 的对称点C ′，连结C ′D 与AB 相交于点M ，此时C ′D 的长为CM ＋DM 的最小值．由垂径定理，得AC ︵＝AC ′︵，∴BD ︵＝AC ′︵，∵C ′D ︵＝AB ，∴C ′D ＝AB ＝8，∴CM ＋DM 的最小值为8 cm.10．[海淀区自主招生]如图，AB 为⊙O 的直径，E ，F 为AB 的三等分点，M ，N 为AB ︵上两点，且∠MEB ＝∠NFB ＝60°，EM ＋FN ＝33，则直径AB 的长为__6__．答图 【解析】 如答图，延长ME 交⊙O 于G ，过点O 作OH ⊥MG 于H ，连结MO ，过O 作OP ⊥FN ，垂足为P ，∵O 为AB 的中点，E ，F 为AB 的三等分点，∴OE ＝OF ，又∵MG ∥FN ，∴∠MEF ＝∠NFB ＝∠OFP ，∵∠OHG ＝∠OPF ＝90°，∴△OHE ≌△OPF ，∴OH ＝OP ，易证△OEG ≌△OFN ，∴EG ＝FN ，设⊙O 的直径AB ＝x ，∴OE ＝OA －AE ＝12x －13x ＝16x ，OM ＝12x ，∵∠MEB ＝60°，∴OH ＝OE ·32＝x 6×32＝3x 12，在Rt △MOH 中，MH ＝OM 2－OH 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫x 22－⎝ ⎛⎭⎪⎫3x 122＝36x 2－3x 2144＝33x 212， 根据垂径定理，MG ＝2MH ＝2×33x 212＝33x 6，∴EM ＋FN ＝33x 6＝33.∴x ＝6，即AB 的长为6.11．[全国竞赛]⊙O 的三个不同的内接正三角形将⊙O 分成的区域的个数是__28__.12．[涪城区校级自主招生]如图，已知等腰直角△ABC 中，∠BAC ＝90°，圆心O 在△ABC 内部，且⊙O 经过B ，C 两点，若BC ＝8，AO ＝1，求⊙O 的半径．答图解：如答图，连结BO，CO，延长AO交BC于D，∵△ABC是等腰直角三角形，∠BAC＝90°，∴AB＝AC，∵O是圆心，∴OB＝OC，∴直线OA是线段BC的垂直平分线，∴AD⊥BC，且D是BC的中点，在Rt△ABC中，AD＝BD＝12BC，∵BC＝8，∴BD＝AD＝4，∵AO＝1，∴OD＝AD－AO＝3，∵AD⊥BC，∴∠BDO＝90°，∴OB＝OD2＋BD2＝32＋42＝5.13．[鼓楼区校级自主招生]有一批圆心角为90°，半径为1的扇形状下脚料，现利用这批材料截取尽可能大的正方形材料，如图有两种截取方法：方法1，如图1所示，正方形OPQR的顶点P，Q，R均在扇形边界上；方法2，如图2所示，正方形顶点C，D，E，F均在扇形边界上．图1、图2均为轴对称图形．试分别求这两种截取方法得到的正方形面积．并说明哪种截取方法得到的正方形面积更大？解：如答图①，连结OQ ，设正方形OPQR 的边长为x ，则在Rt △OPQ 中，OQ 2＝OP 2＋PQ 2，即12＝x 2＋x 2，解得x ＝22， ∴S 四边形OPQR ＝12；① ② 答图如答图②，过O 作OG ⊥EF ，交CD 于点H ，连结OF ，设FG ＝x ，∵四边形CDEF 是正方形，∴OH ⊥CD ，∴FG ＝CH ＝x ，∵∠DOC ＝90°，H 为CD 中点，∴CH ＝OH ，∴OG ＝OH ＋HG ＝HC ＋CF ＝x ＋2x ＝3x ，在Rt △OFG 中，OF 2＝GF 2＋OG 2，即12＝x 2＋(3x )2，解得x ＝1010，∴CF ＝2x ＝105.∴S 四边形CDEF ＝25，∵12>25，∴第一种方法截取的正方形的面积更大．14．如图1，已知⊙O 的半径为1，PQ 是⊙O 的直径，n 个相同的正三角形沿PQ 排成一列，所有正三角形都关于PQ 对称，其中第一个△A 1B 1C 1的顶点A 1与点P 重合，第二个△A 2B 2C 2的顶点A 2是B 1C 1与PQ 的交点，…，最后一个△A n B n C n 的顶点B n ，C n 在圆上．(1)如图2，当n ＝1时，求正三角形的边长a 1；(2)如图3，当n ＝2时，求正三角形的边长a 2；(3)如图1，求正三角形的边长a n (用含n 的代数式表示)．解：(1)如答图①，设PQ 与B 1C 1交于点D ，连结B 1O .∵△PB 1C 1是等边三角形，∴A 1D ＝32a 1，在△OB 1D 中，OB 21＝B 1D 2＋OD 2，∵OD ＝A 1D －OA 1＝32a 1－1，∴12＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12a 12＋⎝ ⎛⎭⎪⎫32a 1－12，解得a 1＝3； (2)如答图②，设PQ 与B 2C 2交于点E ，连结B 2O .∵△A 2B 2C 2是等边三角形，∴A 2E ＝32a 2，∵△PB 1C 1是与△A 2B 2C 2边长相等的正三角形，∴P A 2＝A 2E ＝32a 2，OE ＝A 1E －OA 1＝3a 2－1，在△OB 2E 中，OB 22＝B 2E 2＋OE 2，即12＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12a 22＋(3a 2－1)2，解得a 2＝8313；答图(3)设PQ 与B n C n 交于点F ，连结OB n ，则OF ＝32na n －1，在Rt △OB n F 中，OB 2n ＝B n F 2＋OF 2，即12＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12a n 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫32na n －12.解得a n ＝43n3n 2＋1.【思维升华】15．[浙江自主招生]如图，已知圆O的圆心为O，半径为3，点M为圆O 内的一个定点，OM＝5，AB，CD是圆O的两条相互垂直的弦，垂足为M.(1)当AB＝4时，求四边形ADBC的面积；(2)当AB变化时，求四边形ADBC的面积的最大值．解：(1)如答图，作OE⊥CD于E，OF⊥AB于F，连结OB，OC，那么AB＝29－OF2＝4，答图∴OF＝5，又∵OE2＋OF2＝OM2＝5，∴OE＝0，∴CD＝6，∴S四边形ADBC ＝12AB×CD＝12；(2)设OF ＝x ，OE ＝y ，则x 2＋y 2＝5， ∵AB ＝29－x 2，CD ＝29－y 2，∴S 四边形ADBC ＝12AB ·CD＝29－x 2×9－y 2＝2－x 4＋5x 2＋36＝2－⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2－522＋1694， ∴当x 2＝52时，四边形ADBC 的最大面积是13.。

浙教版九年级中考数学试题及答案

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2011年南平市九年级适应性检测数 学 试 题（满分：150分；考试时间：120分钟）★友情提示：① 所有答案都必须填在答题卡相应的位置上，答在本试卷上一律无效；② 可以携带使用科学计算器，并注意运用计算器进行估算和探究； ③ 未注明精确度、保留有效数字等的计算问题不得采取近似计算．一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分．每小题只有一个正确的选项，请在答题卡．．．的相应位置填涂） 1．2-的相反数等于A ．2B ．2-C ．21 D ．21-2．经济学家预计，2011年3月11日摧毁日本东北部的地震和海啸将造成的经济损失可能 超过5千亿美元，请将“5千亿（500 000 000 000）”用科学记数法表示 A ．101050⨯ B ．10105⨯ C ．11105.0⨯ D ．11105⨯3．下列运算中，正确的是A ．325()a a =B ．23a a a +=C ．235a a a =· D ．33a a a ÷=4．下列哪个图形不是正方体的展开图 5．下列成语所描述的事件必然发生的是A ．瓮中捉鳖B ．揠苗助长C ．海市蜃楼D ．海底捞针6．在等边三角形、平行四边形、矩形、等腰梯形和圆五种图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的有A ．1种B ．2种C ．3种D ．4种 7．南平市某年6月上旬日最高气温如下表所示：那么这10A ．30B ．31C ．32D ．338．已知一个圆锥的底面半径长是3，母线长为5，那么这个圆锥的侧面积是A ．12πB ．15πC ．24πD ．30π 9．如图，在等腰梯形ABCD 中，AD ∥BC ，对角线AC 、BD 相 交于点O ，以下四个结论：①∠ABC ＝∠DCB ，②OA ＝OD ， ③∠BCD ＝∠BDC ，④S AOB ∆＝S DOC ∆，其中一定正确的是（第9题）BADOA B C D14．已知数据1，3，2，x ，2的平均数是3，则这组数据的众数是 .15．已知1O ⊙和2O ⊙的半径分别是3cm 和5cm ，若12O O =1cm ，则1O ⊙与2O ⊙的位置关系是 . 16．100件产品中仅有4件是次品，从中随机抽出1件，则抽到次品的概率是 .17．2010年某市用于保障房建设资金为2 000万元，为了加大力度改善居民住房条件，计划2012年用于保障房建设资金达到2 420万元，则该项资金年平均增长率为 . 18．如图所示，已知等边三角形ABC 的边长为1，按图中所示的规律，用2011个这样的三角形镶嵌而成的四边形的周长是 .三、解答题（本大题共8小题，共86分．请在答题卡．．．的相应位置作答） 19．（10分）先化简，再求值：)(222b a ba b a +++-，其中12==b a ，． 20.（10分）解不等式组：⎪⎩⎪⎨⎧+-51402x x x ， 并把它的解集在数轴上表示出来．21．（10分）如图，将平行四边形ABCD 的对角线BD 分别向两个方向延长至点E 和点F ，使BE =DF ，求证：四边形AECF 是平行四边形．22．（10分）某校为了进一步丰富学生的课外体育活动，欲增购一些体育A FCEB D（第21题）－－－①② ≤ ＜ ……CBA器材，为此该校对一部分学生进行了一次题为“你最喜欢的体育活动”的问卷调查（每人只选一项）． 根据收集到的数据，绘制成如下统计图（不完整）：请根据图中提供的信息，完成下列问题：（1）在这次问卷调查中，一共抽查了 名学生； （2）图①中，“踢毽”部分所对应的圆心角为 度； （3）“跳绳”部分的学生有 人；（4）如果全校有1 860名学生，问全校学生中，最喜欢“跳绳”活动的学生约有多少人？ 23．（10分）为“节能减排，保护环境”，某村计划建造A 、B 两种型号的沼气池共20个，以解决所有农户的燃料问题．据市场调查：建造A 、B 两种型号的沼气池各1个，共需费用5万元；建造A 型号的沼气池3个，B 种型号的沼气池4个，共需费用18万元． （1）求建造A 、B 两种型号的沼气池造价分别是多少？（2）设建造A 型沼气池x 个，总费用为y 万元，求y 与x 之间的函数关系式；若要使投入总费用不超过52万元，至少要建造A 型沼气池多少个？24．（10分）如图，⊙O 的直径AB 与弦CD （不是直径）相交于E ，E 是CD 的中点，过点B 作BF ∥CD 交AD 的延长线于点F ． （1）求证：BF 是⊙O 的切线；（2）连接BC ，若⊙O 的半径为5，∠BCD ＝38°，求线段BF 、BC 的长．（精确到0.1）C （第24题）25．（12分）如图，在△ABC 中，∠ABC =∠CAB =72°，将△ABC 绕点A 顺时针旋转α度(36°＜α＜180°)得到△ADE ，连接CE ，线段BD （或其延长线）分别交AC 、CE 于G 、F 点． （1）求证：△ABG ∽△FCG ；（2）在旋转的过程中，是否存在一个时刻，使得△ABG 与△FCG 全等？若存在，求出此时旋转角α的大小．26．（14分）如图，已知以点A （2，－1）为顶点的抛物线经过点B （4，0）． （1）求该抛物线的解析式；（2）设点D 为抛物线对称轴与x 轴的交点，点E 为抛物线上一动点，过E 作直线2y =-的垂线，垂足为N ．① 探索、猜想线段EN 与ED 之间的数量关系，并证明你的结论；② 抛物线上是否存在点E 使△EDN 为等边三角形？若存在，请求出所有满足条件的点E 的坐标；若不存在，请说明理由． 【提示：抛物线c bx ax y ++=2（a ≠0）的对称轴是，ab x 2-= 顶点坐标是⎪⎪⎭⎫⎝⎛--a b ac a b 4422，】（备用图） （第26题）（第25题） B A E D F C G （备用图）B A C2011年南平市九年级适应性检测 数学试题参考答案及评分说明说明：（1） 解答右端所注分数，表示考生正确作完该步应得的累计分数，全卷满分150分．（2） 对于解答题，评卷时要坚持每题评阅到底，勿因考生解答中出现错误而中断本题的评阅．当考生的解答在某一步出现错误时，如果后续部分的解答未改变该题的考试要求，可酌情给分，但原则上不超过后面应得分数的一半，如果有较严重的错误，就不给分．（3） 如果考生的解法与本参考答案不同，可参照本参考答案的评分标准相应评分． （4） 评分只给整数分．一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分）1．A ； 2．D ； 3．C ； 4．D ； 5．A ； 6．B ； 7．B ； 8．B ； 9．C ； 10．D ． 二、填空题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）11．5≥x ； 12．2)1(3-x ； 13．1∶3； 14．2； 15．内含； 16．251（或0.04）； 17．%10； 18．2013． 三、解答题（本大题共8小题，共86分）19．解：原式=b a b a 22++-…………………5分 =b a +3…………………7分当1,2==b a 时，原式=7 …………………10分 20．解：解不等式①得 2≥x …………………3分由不等式②得 445+<x x …………………5分4x <…………………6分所以原不等式组的解集为24x ≤<…………………8分…………………10分21．证明：连接AC 交BD 于O ，在平行四边形ABCD 中，OA =OC ，OB =OD …………………4分 ∵BE =DF ，∴ OB +BE =OD +DF ，∴ OE =OF …………………8分 ∴四边形AECF 是平行四边形…………………10分22．解：（1）200 …………………2 分（2）54…………………4 分 （3）50…………………7分（4）465200501860=⨯（人）…………………10分 23．解：（1）设建造A 、B 两种型号的沼气池造价分别是x 万元，万元，y依题意，得 5=+y x1843=+y x …………………4分－－－解得3,2==y x答：建造A 、B 两种型号的沼气池造价分别是2万元、3万元……………6分 （2）60)20(32+-=-+=x x x y …………………8分当526052≤-≤x y 时，，解得 8≥x答：要使投入总费用不超过52万元，至少要建造A 型沼气池8个………10分24.（1）证明： 直径AB 平分弦CD ，∴AB CD ⊥…………………2分∵CD BF ∥， AB BF ∴⊥…………………3分 ∴BF 是O ⊙的切线…………………4分（2）解法一：连接AC ， AB 是O ⊙的直径，1025＝＝⨯∴AB ，BCA ∠＝90° 又 AB CD ⊥，∴BD BC 弧弧=∴BAC ∠＝BAF ∠＝BCD ∠＝38°………6分在Rt △ABF 中，ABBFBAF ＝∠tan ， BF ＝AB ⨯BAF ∠tan ＝8.738tan 10≈︒⨯…………………8分在Rt △ABC 中，ABBCBAC ＝∠sin ∴BC ＝AB ⨯BAD ∠sin 2.638sin 10≈︒⨯=………………10分解法二：连接BD ， AB 是O ⊙的直径，1025＝＝⨯∴AB ，BDA ∠＝90° 又 AB CD ⊥，∴BD BC 弧弧=BD BC =∴，BAD ∠＝BCD ∠＝38°…………………6分在Rt △ABF 中，ABBFBAF ＝∠tan ， ∴BF ＝AB ⨯BAF ∠tan ＝8.738tan 10≈︒⨯…………………8分在Rt △ABD 中，ABBDBAD ＝∠sin ∴BC ＝BD ＝AB ⨯BAD ∠sin 2.638sin 10≈︒⨯=…………10分（注意：其他正确解法所得的近似结果若不相同，同样给分！）25.（1）证法一：∵△AED 是由△ABC 绕点A 顺时针旋转得到的，∴︒=∠=∠72DAE BAC CAE BAD ∠=∠,AE AC AD AB ==,…………………3分C（第24题）C（第24题）BA ED F CG。

2020春浙教版九年级中考数学复习测试：3.11弧长与扇形的面积

2020春浙教版九年级中考数学复习测试：3.11弧长与扇形的面积

第11讲 弧长与扇形的面积[学生用书P63]怎样测量地球的半径我们知道，地球的形状近似一个球形，那么怎样测出它的半径呢？据说公元前三世纪时希腊天文学家厄拉多塞内斯(Eratosthenes ，公元前276～194)首次测出了地球的半径．他发现夏至这一天，当太阳直射到赛伊城(今埃及阿斯旺城)的水井S 时，在亚历山大城的一点A 的天顶与太阳的夹角为7.2°(天顶就是铅垂线向上无限延长与天空“天球”相交的一点)．他认为这两地在同一条子午线上，从而这两地间的弧所对的圆心角SOA 就是7.2°(如下图)．又知商队旅行时测得A ，S 间的距离约为5 000古希腊里，他按照弧长与圆心角的关系，算出了地球的半径约为40 000古希腊里．一般认为1古希腊里约为158.5米，那么他测得地球的半径约为6 340公里．其原理：设圆周长为C ，半径为R ，两地间的弧长为l ，对应的圆心角为n °.因为360°的圆心角所对的弧长就是圆周长C ＝2πR ，所以1°的圆心角所对弧长是2πR 360，即πR 180.于是半径为R 的圆中，n °的圆心角所对的弧长l 为l ＝n πR 180，整理得R ＝180l πn .当l ＝5 000古希腊里，n ＝7.2时，R ＝180×5 0003.14×7.2≈40 000(古希腊里)，化为公里数为40 000×158.51 000＝6 340(公里)．厄拉多塞内斯这种测地球的方法常称为弧度测量法．用这种方法测量时，只要测出两地间的弧长和圆心角，就可求出地球的半径了．类型之一 弧长的计算例1 如图，△ABC 是正三角形，曲线CDEF …叫做“正三角形的渐开线”，其中CD ︵，DE ︵，EF ︵，… 的圆心按点 A ，B ，C 循环．如果 AB ＝1，那么曲线 CDEF 的长是____4π__．【思路生成】CD ︵，DE ︵，EF ︵的圆心角都是120度，半径分别是1，2，3.【解析】 CD ︵的长是120π×1180＝2π3，DE ︵的长是120π×2180＝4π3，EF ︵的长是120π×3180＝2π，则曲线CDEF 的长是2π3＋4π3＋2π＝4π.圆中的有关计算有下列公式：1．圆周长公式：C ＝2πR .2．圆面积公式：S ＝πR 2.3．弧长公式：l ＝n πR 180.4．扇形面积公式：(1)S 扇形＝n πR 2360；(2)S 扇形＝12lR .这些计算公式有一个共同点，就是知晓其中任意两个量，就可以求出第三个量．弧长的计算由弧长公式可知，求弧长的关键是求弧所在圆的半径和弧所对的圆心角．1．[2018·金华、丽水中考]如图1是小明制作的一副弓箭，点A ，D 分别是弓臂BAC 与弓弦BC 的中点，弓弦BC ＝60 cm.沿AD 方向拉弓的过程中，假设弓臂BAC 始终保持圆弧形，弓弦不伸长．如图2，当弓箭从自然状态的点D 拉到点D 1时，有AD 1＝30 cm ，∠B 1D 1C 1＝120°.(1)图2中，弓臂两端B 1，C 1的距离为；(2)如图3，将弓箭继续拉到点D 2，使弓臂B 2AC 2为半圆，则D 1D 2的长为－10__ cm.【解析】 (1)连结B 1C 1交AD 1于E ，则AD 1垂直平分B 1C 1.在Rt △B 1D 1E 中，∵∠B 1D 1C 1＝120°，∴∠B 1D 1E ＝60°.∵B 1D 1＝30，∴B 1E ＝15 3.∴B 1C 1＝303；(2)图2中，∵AD 1＝30 cm ，∠B 1D 1C 1＝120°，∴弓臂B 1AC 1的长＝120·π·30180＝20π.图3中，∵弓臂B 2AC 2为半圆，∴20π＝12d π，∴半圆的半径12d ＝20.连结B 2C 2交AD 2于E 1，则AD 2垂直平分B 2C 2.在Rt△B2D2E1中，D2E1＝（D2B2）2－（B2E1）2＝302－202＝10 5.∴AD2＝105＋20.∵AD1＝30 cm，∴D1D2＝AD2－AD1＝105－10.扇形的面积由扇形的面积公式可知，求扇形的面积公式的关键是求扇形所在圆的半径和扇形的圆心角．类型之二扇形的面积例2[萧山区自主招生]如图，一张半径为1的圆形纸片在边长为4的正方形内任意移动，则在该正方形内，这张圆形纸片“能接触到的部分”的面积是(C)A．4－π B．π C．12＋π D．15＋π4【思路生成】这张圆形纸片减去“不能接触到的部分”的面积是就是这张圆形纸片“能接触到的部分”的面积．【解析】如答图，∵正方形的面积是4×4＝16，答图扇形BAO的面积是nπr2360＝90×π×12360＝π4，∴这张圆形纸片“不能接触到的部分”的面积是4×1－4×π4＝4－π，∴这张圆形纸片“能接触到的部分”的面积是16－(4－π)＝12＋π.2．如图，△ABC 是等腰直角三角形，且∠ACB ＝90°，曲线CDEF …叫做“等腰直角三角形的渐开线”，其中CD ︵，DE ︵，EF ︵，…的圆心依次按A ，B ，C 循环，如果AC ＝1，那么曲线CDEF 和线段CF 围成图形的面积为( C ) A.（12＋72）π4 B.（9＋52）π＋24C.（12＋72）π＋24D.（9＋52）π4 【解析】 曲线CDEF 和线段CF 围成图形的面积是由三个圆心不同，半径不同的扇形以及△ABC 组成，135π×12＋135π×（2＋1）2＋90π×（2＋2）2360＋12×1×1＝（12＋72）π＋24.3．[2018·涪城区校级自主招生]如图，在△ABC 中，CA ＝CB ，∠ACB ＝90°，AB ＝2，点D 为AB 的中点，以点D 为圆心作圆心角为90°的扇形DEF ，点C 恰在弧EF 上，则图中阴影部分的面积为__π4－12__．【解析】 如答图，连结CD ，作DM ⊥BC ，DN ⊥AC .答图∵CA ＝CB ，∠ACB ＝90°，点D 为AB 的中点，∴DC ＝12AB ＝1，DM ＝22.则扇形FDE 的面积是90π×12360＝π4.∵CA ＝CB ，∠ACB ＝90°，点D 为AB 的中点，∴CD 平分∠BCA ，又∵DM ⊥BC ，DN ⊥AC ，∴DM ＝DN ，∴四边形DMCN 是正方形，∵∠GDH ＝∠MDN ＝90°，∴∠GDM ＝∠HDN ，在△DMG 和△DNH 中，⎩⎨⎧∠DMG ＝∠DNH ，∠GDM ＝∠HDN ，DM ＝DN ，∴△DMG ≌△DNH (AAS )，∴S 四边形DGCH ＝S 正方形DMCN ＝12. 则阴影部分的面积是π4－12.4．如图，AB 是⊙O 的直径，弦CD ⊥AB 于点E ，∠CDB＝30°，OC ＝2，求阴影部分图形的面积．解：∵AB 是⊙O 的直径，弦CD ⊥AB 于点E ，∴CE ＝DE ，∠CEO ＝∠DEB ＝90°.∵∠CDB ＝30°，∴∠COB ＝60°，∠OCE ＝∠CDB ，在△OCE 和△BDE 中，∵⎩⎪⎨⎪⎧∠OCE ＝∠BDE ，CE ＝DE ，∠OEC ＝∠BED ，∴△OCE ≌△BDE ，∴S 阴影＝S 扇形COB ＝60π×22360＝23π.滚动问题是一类新型动态题，这类题目通常有两类：(1)在直线上滚动多边形，求多边形上某个点转过的弧长或某条线段扫过的面积；(2)对于滚动问题，又有两种类型：(1)沿直线、曲线还是三角形滚动；(2)是沿内壁还是外壁滚动．对于这类问题，只要求出滚圆的圆心轨迹的长度S和滚圆的半径r两个量，就可以按照公式S2πr求出滚圆自身滚动的圈数．类型之三平面图形的滚动问题例3如图，矩形ABCD中，AB＝4，BC＝3，边CD在直线l上，将矩形ABCD 沿直线l作无滑动翻滚，当点A第一次翻滚到点A1位置时，则点A经过的路线长为__6π__．【思路生成】根据旋转的性质知，点A经过的路线长是三段：①以90°为圆心角，AD长为半径的扇形的弧长；②以90°为圆心角，AB长为半径的扇形的弧长；③以90°为圆心角，矩形ABCD对角线长为半径的扇形的弧长．【解析】如答图为滚动路径，∵四边形ABCD是矩形，AB＝4，BC＝3，答图∴BC＝AD＝3，∠ADC＝90°，对角线AC(BD)＝5.∵根据旋转的性质知，∠ADA′＝90°，AD＝A′D＝BC＝3，∴点A第一次翻滚到点A′位置时，则点A经过的路线长为90π×3180＝3π2，同理，点A′第一次翻滚到点A″位置时，则点A′经过的路线长为90π×4180＝2π，点A″第一次翻滚到点A1位置时，则点A″经过的路线长为90π×5180＝5π2.∴当点A第一次翻滚到点A1位置时，则点A经过的路线长为3π2＋2π＋5π2＝6π.【方法概括】 以图形运动为背景，求在图形运动过程中某一线段扫过的区域面积问题．解决这类问题的基本方法是：从特殊位置或极端位置入手，确定点的运动轨迹，从而把握扫过的区域的图形的形状．5．[福建自主招生]如图，边长为1的正方形ABCD 的AB 边在直线MN 上．正方形沿直线MN 作无滑动翻滚．当A 第3次落在MN 上时(开始时A 点第1次落在MN 上)，A 点运动的路程为( C )A ．(2＋22)πB ．4πC ．(2＋2)πD ．3π【解析】 ∵正方形ABCD 的边AB ＝1，∴对角线AC ＝2，∵点A 翻滚一周经过的路程弧长l ＝π2×2＋2×π2×1＝π＋22π，∴当A 第3次落在MN 上时，A 点运动的路程＝2×⎝⎛⎭⎪⎫π＋22π＝2π＋2π. 6．[新罗区校级自主招生]如图，水平地面上有一面积为152π cm 2的扇形AOB ，半径OA ＝3 cm ，且OA 与地面垂直．在没有滑动的情况下，将扇形向右滚动至与三角块BDE 接触为止，此时，扇形与地面的接触点为C ，已知∠BCD ＝30°，则O 点移动的距离至少为( B )A ．3π cmB ．4π cm C.92π cm D ．5π cm【解析】 ∵扇形AOB 的面积为152π cm 2，∴圆心角＝15π×3602×32π＝300°，连结OC ，BC ，∵∠BCD ＝30°，∴∠BOC ＝60°，∴优弧AC ＝240×π×3180＝4π cm. 7．[镇海区校级自主招生]如图，一个圆作滚动运动，它从位置A 开始，在与它相同的其它六个圆上部滚动，到达B 位置(六个圆的圆心与A ，B 在同一直线上)，则该圆上某一定点绕其圆心共滚过的圈数为( B )A ．3 B.83 C.156 D.43【解析】 ∵弧长＝120π×2r ×2＋60π×2r ×4180＝163πr ，小圆的周长＝2πr ， ∴该圆共滚过了163πr ÷2πr ＝83圈．8．[2018·恩施州中考]在Rt △ABC 中，AB ＝1，∠A ＝60°，∠ABC ＝90°，如图所示将Rt △ABC 沿直线l 无滑动地滚动至Rt △DEF ，则点B 所经过的路径与直线 l 所围成的封闭图形的面积为__1912π＋32__．【解析】 如答图，在Rt △ABC 中，AB ＝1，∠A ＝60°，∴BC ＝3，∠BCB ′＝150°，∠B ′A ′E ＝120°，第一次滚动的半径为3，根据扇形面积公式S ＝n πR 2360°＝5π4，第二次滚动的半径为1，故扇形面积＝π×120360＝π3，△A ′B ′C 的面积为12×1×3＝32，故总面积为5π4＋π3＋32＝19π12＋32.答图9．[2018·宿迁中考]如图，将含有30°角的直角三角板ABC 放入平面直角坐标系中，定点A ，B 分别落在x ，y 轴的正半轴上，∠OAB ＝60°，点A 的坐标为(1，0)．将三角板ABC 沿x 轴向右作无滑动的滚动(先绕点A 按顺时针方向旋转60°，再绕点C 按顺时针方向旋转90°…)．当点B 第一次落在x 轴上时，则点B运动的路径与两坐标轴围成的图形面积是．答图【解析】 ∵∠OAB ＝60°，OA ＝1，∴AB ＝2，BC ＝3，∴扇形ABB 1的面积为16π×22＝23π，扇形C 1B 1B 2的面积为14π×(3)2＝34π.△OAB 与△ABC 的面积之和为3，∴点B 运动的路径与两坐标轴围成的图形面积是23π＋34π＋3＝3＋1712π.10．如图，正六边形硬纸片ABCDEF 在桌面上由图①的起始位置沿直线l 不滑行地翻滚一周后到图②位置．若正六边形的边长为2 cm ，则正六边形的中心O 运动的路程为__4π__cm.① ②【解析】 根据题意得，每次滚动，正六边形的中心就以正六边形的半径为半径旋转60°.∵正六边形的边长为2 cm ，∴运动的路径为60π×2180＝2π3.∵从图①运动到图②共重复进行了六次上述的移动，∴正六边形的中心O 运动的路程6×2π3＝4π(cm)．类型之四 求弓形的面积例4 如图，菱形ABCD 的对角线AC ，BD 相交于点O ，AC ＝8，BD ＝6，以AB为直径作一个半圆，则图中阴影部分的面积为( D )A ．25π－6B.25π2－6C.25π6－6D.25π8－6弓形的面积(1)如图①，当弓形的弧小于半圆时，弓形的面积等于扇形面积与三角形面积的差，即S 弓形＝S 扇形－S △OAB ；(2)如图②，当弓形的弧大于半圆时，它的面积等于扇形面积与三角形面积的和，即S 弓形＝S 扇形＋S △OAB ；(3)如图③，当弓形的弧是半圆时，它的面积是圆面积的一半，即S 弓形＝12S 圆．【思路生成】根据阴影部分的面积等于半圆的面积减去△AOB 的面积．【解析】 ∵菱形ABCD 中，AC ＝8，BD ＝6，∴AC ⊥BD 且OA ＝12AC ＝12×8＝4，OB ＝12BD ＝12×6＝3，由勾股定理得，AB ＝OA 2＋OB 2＝42＋32＝5，∴阴影部分的面积＝12×π⎝ ⎛⎭⎪⎫522－12×4×3＝258π－6.11．如图，扇形AOB 的半径为1，∠AOB ＝90°，以AB 为直径画半圆，则图中的阴影部分的面积为( C )A.14πB ．π－12 C.12 D.14π＋12【解析】 在Rt △AOB 中，AB ＝AO 2＋OB 2＝2， S 半圆＝12π×⎝ ⎛⎭⎪⎫AB 22＝π4，S △AOB ＝12OB ×OA ＝12， S 扇形OBA ＝90π×12360＝π4，故S 阴影＝S 半圆＋S △AOB －S 扇形AOB ＝12.故选C.12．[2018·荆门中考]如图，在平行四边形ABCD 中，AB <AD ，∠D ＝30°，CD ＝4，以AB 为直径的⊙O 交BC 于点E ，则阴影部分的面积为．【解析】 如答图，连结OE ，过O 点作OF ⊥BE ，答图垂足为F，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB＝CD＝4，∠D＝∠B＝30°，∴OB＝2. ∵OF⊥BE，∴OF＝1，BF＝3，∠BOF＝60°，∴∠BOE＝120°，BE＝23，∴S阴影＝S扇形OBE－S△OBE＝120360π×22－23×12＝43π－ 3.13．[2018·云南中考]如图，已知AB是⊙O的直径，C是⊙O上的点，点D在AB的延长线上，∠BCD＝∠BAC.(1)求证：CD是⊙O的切线；(2)若∠D＝30°，BD＝2，求图中阴影部分的面积．解：(1)证明：如答图，连结OC.答图∵AB是⊙O的直径，∴∠ACB＝90°，即∠ACO＋∠OCB＝90°.∵OA＝OC，∴∠ACO＝∠A，∵∠BCD＝∠A，∴∠ACO＝∠BCD，∴∠BCD＋∠OCB＝90°，即∠OCD＝90°，∴OC⊥CD，∴CD是⊙O的切线；(2)∵∠D＝30°，∠OCD＝90°，∴∠BOC＝60°，OD＝2OC.∴∠AOC＝120°，∠A＝30°.设⊙O的半径为x，则OB＝OC＝x.∴x＋2＝2x，解得x＝2.过点O作OE⊥AC，垂足为点E，则AE＝CE，在Rt△OEA中，OE＝12OA＝1，AE＝AO2－OE2＝ 3.∴AC＝2 3.∴S阴影＝S扇形OAC－S△OAC＝120×π×22360－12×23×1＝43π－ 3.求不规则图形的面积求不规则图形的面积常利用对称、全等及平行线进行等面积的图形转换，转化为容易解决的规则图形，然后求出各图形的面积，通过面积的和差求出结果．类型之五求不规则图形的面积例5如图，AB，CD是⊙O的两条互相垂直的直径，点O1，O2，O3，O4分别是OA，OB，OC，OD的中点，若⊙O的半径是2，则阴影部分的面积为(A)A．8 B．4 C．4π＋4 D．4π－4【思路生成】连结相邻小圆的交点，构造正方形，求出正方形中空白部分的面积，进而得出阴影面积．答图【解析】如答图所示，可得正方形EFMN，边长为2，正方形中阴影部分的面积为S1＝2(22－π×12)＝8－2π，∵⊙O的半径为2，∴O1，O2，O3，O4的半径为1，∴小圆的面积为π×12＝π，∴S 阴影＝2S 小圆＋S 1＝2π＋(8－2π)＝8.14．[2018·眉山中考]如图，△ABC 是等腰直角三角形，∠ACB ＝90°，AC ＝BC ＝2，把△ABC 绕点A 按顺时针方向旋转45°后得到△AB ′C ′，则线段BC 在上述旋转过程中所扫过部分(阴影部分)的面积是__12π__．【解析】 S 阴影＝S 扇形ABB ′＋S △AC ′B ′－S 扇形ACC ′－S △ABC ＝S 扇形ABB ′－S 扇形ACC ′＝45360×π×(22)2－45360×π×22＝12π.15．[2018·乐山中考]如图，△OAC 的顶点O 在坐标原点，OA 边在x 轴上，OA ＝2，AC ＝1，把△OAC绕点A 按顺时针方向旋转到△O ′AC ′，使得点O ′的坐标是(1，3)，则在旋转的过程中线段OC 扫过部分(阴影部分)的面积为__π2__．【解析】 如答图，过点O ′作O ′H ⊥x 轴于点H ，∵点O ′的坐标是(1，3)，∴OH ＝1，O ′H ＝3，又∵AO ＝AO ′＝2，∴∠HAO ′＝60°，即旋转∠OAO ′＝∠CAC ′＝60°，根据旋转的性质可知，△OAC ≌△O ′AC ′，∴△OAC 的面积与△O ′AC ′的面积相等，答图∴S 阴影＝S 扇形OAO ′＋S △O ′C ′A －S △OCA －S 扇形CAC ′＝S 扇形OAO ′－S 扇形CAC ′＝60π×22360－60π×12360＝π2.例6 [全国联赛初三初赛]如图，扇形AOB 的圆心角∠AOB ＝90°.半径为5，正方形CDEF 内接于该扇形，则正方形CDEF 的边长为．【解析】 如答图，过点O 作OH ⊥EF 交EF 于点H ，交DC 于点K ，连结OF .∵OH 过圆心，∴EH ＝FH .答图∵四边形CDEF 是正方形，∴OH ⊥DC ，DK ＝CK ，∴△OCK 是等腰直角三角形，OK ＝KC .设CF ＝x ，则KH ＝x ，HF ＝OK ＝CK ＝x 2，在Rt △OHF 中，OH 2＋HF 2＝OF 2，即⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋x 22＋⎝ ⎛⎭⎪⎫x 22＝52， 解得x ＝10，即CF 的长为10.[学生用书P34]【思维入门】1．[2018·山西中考]如图，正方形ABCD 内接于⊙O ，⊙O 的半径为2.以点A 为圆心，以AC 长为半径画弧交AB 的延长线于点E .交AD 的延长线于点F .则图中阴影部分的面积是( A )A ．4π－4B ．4π－8C ．8π－4D ．8π－8【解析】 根据对称，阴影部分的面积可以转化为答图，答图则S 阴影＝S 扇形－S △ABD ＝90π×42360－12×4×2＝4π－4.2．[2018·南宁中考]如图，分别以等边三角形ABC的三个顶点为圆心，以边长为半径画弧，得到的封闭图形是莱洛三角形，AB ＝2，则莱洛三角形(即阴影部分面积)为( D )A ．π＋ 3B ．π－ 3C ．2π－ 3D ．2π－2 3【解析】 莱洛三角形的面积实际上是由三块相同的扇形叠加而成，其面积等于三块扇形的面积相加减去两个等边三角形的面积，即S 阴影＝3×S 扇形－2S △ABC .答图由题意得S 扇形＝π×22×60360＝23π，S △ABC ＝34×22＝3，∴S 阴影＝3S 扇形－2S △ABC ＝3×23π－2×3＝2π－2 3.3．[2018·十堰中考]如图，扇形OAB 中，∠AOB＝120°，OA ＝12，C 是OA 的中点，CD ⊥OA 交AB ︵于点D ，以OC 为半径的CE ︵交OB 于点E ，则图中阴影部分的面积是( A )A ．12π＋18 3B ．12π＋36 3C ．6π＋18 3D ．6π＋36 3【解析】 如答图，连结OD ，AD ，答图∵点C 为OA 的中点，∴OC ＝12OA ＝12OD ，∵CD ⊥OA ，∴∠CDO ＝30°，∠DOC ＝60°，∴△ADO 为等边三角形，OD ＝OA ＝12，OC ＝CA ＝6，∴CD ＝（OD ）2－（OC ）2＝63，∴S 扇形AOD ＝60·π·（12）2360＝24π， ∴S 阴影＝S 扇形AOB －S 扇形COE －(S 扇形AOD －S △COD )＝120·π·（12）2360－120·π·62360－(24π－12×6×63)＝12π＋18 3.4．[2018·广东中考]如图，矩形ABCD 中，BC ＝4，CD ＝2，以AD 为直径的半圆O 与BC 相切于点E ，连结BD ，则阴影部分的面积为__π__．(结果保留π)【解析】 连结OE ，易证四边形ABEO 为正方形，则扇形OED 的圆心角为90°，半径为2，因此可求扇形OED 的面积，阴影面积看成正方形ABEO ＋扇形OED －三角形ABD ，正方形ABEO 和三角形ABD 面积均可求，即可求得阴影部分．5．[2018·河南]如图，在△ABC 中，∠ACB ＝90°，AC ＝BC ＝2，将△ABC 绕AC 的中点D 逆时针旋转90°得到△A ′B ′C ′，其中点B 的运动路径为弧BB ′，则图中阴影部分的面积为__54π－32__．【解析】 如答图，连结B ′D ，BD ，B ′B ，答图∵∠ACB ＝90°，AC ＝BC ＝2，将△ABC 绕AC 的中点D 逆时针旋转90°得到△A ′B ′C ′，∴C ′D ＝CD ＝1，B ′C ′＝BC ＝2，∠CDC ′＝∠C ′＝∠B ′DB ＝90°，∴B ′D ＝BD ＝12＋22＝5，∴CD ∥B ′C ′，B ′C ＝A ′C ＝A ′B ＝2，∴S 阴影＝S 扇形BDB ′－S △BDB ′＋S △B ′BC＝90π（5）2360－12×5×5＋12×2×2＝54π－32.6．[2018·龙东地区中考]如图，正方形网格中，每个小正方形的边长都是一个单位长度，在平面直角坐标系中，△ABC的三个顶点坐标分别为A(1，4)，B(1，1)，C(3，1)．(1)画△ABC关于x轴对称的△A1B1C1；(2)画△ABC绕点O逆时针旋转90°后的△A2B2C2；(3)在(2)的条件下，求线段BC扫过的面积(结果保留π)．解：(1)画出△A1B1C1如答图所示；答图(2)画出△A 2B 2C 2如答图所示；(3)∵OC ＝12＋32＝10，OB ＝12＋12＝2，∴S ＝S 扇形OCC 2－S 扇形OBB 2＝14π(OC 2－OB 2)＝2π.【思维拓展】7．如图，是某公园的一角，∠AOB ＝90°，AB ︵的半径OA 长是6 m ，点C 是OA 的中点，点D 在AB ︵上，CD ∥OB ，则图中草坪区(阴影部分)的面积是( A )A.⎝ ⎛⎭⎪⎫3π＋923m 2 B.⎝ ⎛⎭⎪⎫34π＋923m 2 C.()3π＋93m 2D.⎝ ⎛⎭⎪⎫34π－93m 2 8．如图，四边形ABCD 是菱形，∠A ＝60°，AB ＝2，扇形BEF 的半径为2，圆心角为60°，则图中阴影部分的面积是( B )A.2π3－32B.2π3－ 3 C ．π－32 D ．π－ 3【解析】 如答图，连结BD ，∵四边形ABCD 是菱形，∠A ＝60°，答图∴∠ADC ＝120°，∴∠1＝∠2＝60°，∴△DAB 是等边三角形，∵AB ＝2，∴△ABD 的高为3，∵扇形BEF 的半径为2，圆心角为60°，∴∠4＋∠5＝60°，∵∠3＋∠5＝60°，∴∠3＝∠4，△ABG ≌△DBH (ASA )，∴四边形GBHD 的面积等于△ABD 的面积，∴图中阴影部分的面积是S 扇形EBF －S △ABD ＝60π×22360－12×2×3＝2π3－ 3.9．如图，正方形ABCD 的边长为4，点E 在BC 上，四边形EFGB 也是正方形，以B 为圆心，BA 长为半径画AC ︵，连结AF ，CF ，则图中阴影部分面积为__4π__．10．[2018·盐城中考]如图，左图是由若干个相同的图形(右图)组成的美丽图案的一部分．右图中，图形的相关数据：半径OA ＝2 cm ，∠AOB ＝120°.则右图的周长为__8π3__ cm(结果保留π)．【解析】 ∵半径OA ＝2 cm ，∠AOB ＝120°∴lAB ︵＝120·π·2180＝4π3，lAO ︵＋lOB ︵＝4π3，∴右图的周长＝4π3＋4π3＝8π3.11．如图，AB 是⊙O 的直径，弦CD 交AB 于点E ，OF ⊥AC 于点F .(1)请探索OF 和BC 的关系并说明理由；(2)若∠D ＝30°，BC ＝1时，求圆中阴影部分的面积．答图解：(1)OF ∥BC ，OF ＝12BC .理由：由垂径定理得AF ＝CF .∵AO ＝BO ，∴OF 是△ABC 的中位线．∴OF ∥BC ，OF ＝12BC ；(2)连结OC ，由(1)知OF ＝12.∵AB 是⊙O 的直径，∴∠ACB ＝90°.∵∠D ＝30°，∴∠A ＝30°.∴AB ＝2BC ＝2，∴AC ＝3，∴S △AOC ＝12×AC ×OF ＝34.∵∠AOC ＝120°，OA ＝1，∴S 扇形AOC ＝120·π·12360＝π3.∴S 阴影＝S 扇形AOC －S △AOC ＝π3－34.12．如图，在正方形ABCD 中，AD ＝2，E 是AB 的中点，将△BEC 绕点B 逆时针旋转90°后，点E 落在CB 的延长线上点F 处，点C 落在点A 处．再将线段AF 绕点F顺时针旋转90°得线段FG ，连结EF ，CG .(1)求证：EF ∥CG ；(2)求点C ，点A 在旋转过程中形成的AC ︵，AG ︵与线段CG 所围成的阴影部分的面积．解：(1)证明：∵四边形ABCD 是正方形，∴AB ＝BC ＝AD ＝2，∠ABC ＝90°.∵△BEC 绕点B 逆时针旋转90°得△BF A ，∴△ABF ≌△CBE ，∴∠F AB ＝∠ECB ，∠ABF ＝∠CBE ＝90°，AF ＝EC ，∴∠AFB ＋∠F AB ＝90°.∵线段AF 绕点F 顺时针旋转90°得线段FG ，∴∠AFB ＋∠CFG ＝∠AFG ＝90°，AF ＝FG ，∴∠CFG ＝∠F AB ＝∠ECB ，∴EC ∥FG .∵AF ＝EC ，AF ＝FG ，∴EC ＝FG ，∴四边形EFGC 是平行四边形，∴EF ∥CG ；(2)∵△ABF ≌△CBE ，∴FB ＝BE ＝12AB ＝1，∴AF ＝AB 2＋BF 2＝ 5.在△FEC 和△CGF 中，∵EC ＝FG ，∠ECF ＝∠GFC ，FC ＝CF ，∴△FEC ≌△CGF ，∴S △FEC ＝S △CGF ，∴S 阴影＝S 扇形ABC ＋S △ABF ＋S △FGC －S 扇形AFG＝90π·22360＋12×2×1＋12×(1＋2)×1－90π·（5）2360＝52－π4⎝⎛⎭⎪⎫或10－π4. 13．[2018·贵阳中考]如图，AB 为⊙O 的直径，且AB ＝4，点C 在半圆上，OC ⊥AB ，垂足为点O ，P 为半圆上任意一点，过P 点作PE ⊥OC 于点E ，设△OPE 的内心为M ，连结OM ，PM .(1)求∠OMP 的度数；(2)当点P 在半圆上从点B 运动到点A 时，求内心M 所经过的路径长．解：(1)∵△OPE 的内心为M ，∴∠MOP ＝12∠EOP ，∠MPO ＝12∠EPO ，∵PE ⊥OC ，∴∠PEO ＝90°，∠EOP ＋∠EPO ＝90°，∴∠MOP ＋∠MPO ＝12(∠EOP ＋∠EPO )＝12×90°＝45°，∴∠OMP ＝180°－45°＝135°；(2)如答图，连结CM ，答图∵OM ＝OM ，∠COM ＝∠POM ，CO ＝PO ，∴△COM ≌△POM ，∴∠CMO ＝∠PMO ＝135°，点M 的运动轨迹是两个CMO ︵，设CMO ︵的圆心为O 1，∵∠CMO ＝135°，∴弦CO 所对的劣弧的圆周角为45°，∴∠CO 1O ＝90°，在Rt △CO 1O 中，CO 1＝sin 45°×OC ＝22×2＝2，当点P 在半圆上从点B 运动到点C 时，内心M 所经过的路径为⊙O 1的劣弧OC ，∴lOC ︵＝90×π×2180＝22π，同理，当点P 在半圆上从点C 运动到点A 时，内心M 所经过的路径为⊙O 2对应的劣弧OC 与⊙O 1的劣弧OC 长度相等，∴当点P 在半圆上从点B 运动到点A 时，内心M 所经过的路径长为22π＋22π＝2π.14．[2018·广州中考]如图，在四边形ABCD 中，∠B ＝60°，∠D ＝30°，AB ＝BC .(1)求∠A ＋∠C 的度数；(2)连结BD ，探究AD ，BD ，CD 三者之间的数量关系，并说明理由；(3)若AB ＝1，点E 在四边形ABCD 内部运动，且满足AE 2＝BE 2＋CE 2，求点E 运动路径的长度．解：(1)∵在四边形ABCD 中，∠B ＝60°，∠D ＝30°，∴∠A ＋∠C ＝360°－∠B －∠D ＝270°；答图①(2)AD2＋CD2＝BD2.理由：如答图①，将△BCD绕点B逆时针旋转60°，得△BAD′，连结DD′.∵BD＝BD′，CD＝AD′，∠DBD′＝60°，∠BAD′＝∠C，∴△BDD′是等边三角形，∴DD′＝BD，又∵∠BAD＋∠C＝270°，∴∠BAD′＋∠BAD＝270°，∴∠DAD′＝90°，∴AD2＋AD′2＝DD′2，即AD2＋CD2＝BD2；(3)如答图②，将△BEC绕点B逆时针旋转60°得△BE′A，连结EE′.答图②∵BE＝BE′＝EE′，CE＝AE′，∠EBE′＝60°，∠BEC＝∠BE′A，∴△BEE′是等边三角形，∴∠BE′E＝60°，∵AE2＝BE2＋CE2，BE＝EE′，CE＝AE′，∴AE2＝EE′2＋AE′2，∴∠AE′E＝90°，∴∠BE′A＝150°，∴∠BEC＝150°，∴点E 在以BC 为弦，优弧BC 所对的圆心角为300°的圆上，以BC 为边在下方作等边三角形BCO ，则O 为圆心，半径BO ＝1，∴点E 的运动路径为BC ︵，lBC ︵＝60π×1180＝π3.【思维升华】15．[黄州区自主招生]如图，正方形ABCD 的边AB ＝1，BD ︵ 和 AC ︵都是以1为半径的圆弧，则无阴影两部分的面积之差是( A )A.π2－1B ．1－π4 C.π3－1D ．1－π6【解析】 如答图，答图正方形的面积＝S 1＋S 2＋S 3＋S 4，①两个扇形的面积＝2S 3＋S 1＋S 2，②②－①，得S 3－S 4＝2S 扇形－S 正方形＝90π×1×2360－1＝π2－1.16．[宁波自主招生]如图，将半径为2，圆心角为60°的扇形纸片AOB ，在直线l 上向右作无滑动的滚动至扇形A ′O ′B ′处，则顶点O 经过的路线总长为__83π__．【解析】 顶点O 经过的路线可以分为三段，第一段：当弧AB 切直线l 于点B 时，有OB ⊥直线l ，此时O 点绕不动点B 转过了90°；第二段：OB ⊥直线l 到OA ⊥直线l ，O 点绕动点转动，而这一过程中弧AB 始终是切于直线l 的，所以O 与转动点P 的连线始终⊥直线l ，所以O 点在水平运动，此时O 点经过的路线长＝BA ′＝弧AB 的长；第三段：OA ⊥直线l 到O 点落在直线l 上，O 点绕不动点A 转过了90°.故O 点经过的路线总长S ＝π＋23π＋π＝83π.17．[江西竞赛题]如图，正方形ABCD 边长为a ，分别以正方形的四个顶点为圆心，边长为半径，在正方形内画弧，求图中阴影部分的面积．解：如答图，设图中各部分面积分别为x ，y ，z ，答图由题意得4x ＋4y ＋z ＝a 2，①2x ＋y ＝a 2－π4a 2，②3x ＋2y ＝a 2－⎝ ⎛⎭⎪⎫2·π6a 2－12×32a ×a ，③ ③－②，得x ＋y ＝33－π12a 2，④将④代入①，得z ＝3＋π－333a 2. 18．[黄冈中考]广告公司要为某企业的一种产品设计商标图案，给出了如下几种初步方案，供继续设计选用．(设图中圆的半径均为r )(1)如图1，分别以线段O 1O 2的两个端点为圆心，以这条线段的长为半径作出两个互相交错的圆的图案，试求两圆相交部分的面积；(2)如图2，分别以等边三角形O 1O 2O 3的三个顶点为圆心，以其边长为半径，作出三个两两相交的相同的圆，这时，这三个圆相交部分的面积又是多少呢？(3)如图3，分别以正方形O 1O 2O 3O 4的四个顶点为圆心，以其边长为半径，作出四个相同的圆，这时，这四个圆相交部分的面积又是多少呢？解：(1)如答图①，设两圆交于A ，B 两点，连结O 1A ，O 2A ，O 1B ，O 2B ， 则S 阴＝S 菱形＋4S 弓形，∵S 菱形＝2S △AO 1O 2，△O 1O 2A 为正三角形，其边长为r ，∴S △AO 1O 2＝3r 24，S 弓＝60πr 2360－3r 24＝πr 26－3r 24，∴S 阴＝2×3r 24＋4⎝ ⎛⎭⎪⎫πr 26－3r 24＝23πr 2－32r 2；答图① 答图②答图③(2)如答图②，S 阴＝S △O 1O 2O 3＋3S 弓 ∵△O 1O 2O 3为正三角形，边长为r ，∴S △O 1O 2O 3＝3r 24，∴S 弓＝60πr 2360－3r 24，S 阴＝3r 24＋3⎝ ⎛⎭⎪⎫60πr 2360－3r 24＝πr 22－3r 22； (3)如答图③，延长O 2O 1与⊙O 1交于点A ，⊙O 1与⊙O 4交于点B ，由(1)知，SO 1BO 4＝12⎝ ⎛⎭⎪⎫23πr 2－3r 22. ∵SO 1AB ＝S 扇形AO 1O 4－SO 1BO 4 ＝90πr 2360－12⎝ ⎛⎭⎪⎫23πr 2－3r 22 ＝πr 24－13πr 2＋3r 24＝34r 2－πr 212， 则S 阴＝S 正方形O 1O 2O 3O 4－4SO 1AB＝r 2－4⎝ ⎛⎭⎪⎫34r 2－πr 212＝⎝ ⎛⎭⎪⎫π3＋1－3r 2.。

浙教版-学年度九年级数学中考模拟试题一（含解析）

浙教版-学年度九年级数学中考模拟试题一（含解析）

浙教版2018-2019学年度九年级数学中考模拟试题一一．选择题（共10小题，满分40分，每小题4分）1．据悉，超级磁力风力发电机可以大幅度提升风力发电效率，但其造价高昂，每座磁力风力发电机，其建造花费估计要5 300万美元，“5 300万”用科学记数法可表示为（）A．5.3×103B．5.3×104C．5.3×107D．5.3×1082．下列计算正确的是（）A．x8÷x4=x2B．x3•x4=x12C．（x3）2=x6D．（﹣x2y3）2=﹣x4y63．已知一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）中，下列说法：①若a+b+c=0，则b2﹣4ac＞0；②若方程两根为﹣1和2，则2a+c=0；③若方程ax2+c=0有两个不相等的实根，则方程ax2+bx+c=0必有两个不相等的实根；④若b=2a+c，则方程有两个不相等的实根．其中正确的有（）A．①②③B．①②④C．②③④D．①②③④4．若，，则x的取值范围（）A．B．或C．或D．以上答案都不对5．已知BD是△ABC的中线，AC=6，且∠ADB=45°，∠C=30°，则AB=（）A．B．2C．3D．66．给出下列四个命题：正确命题的个数是（）（1）若点A在直线y=2x﹣3上，且点A到两坐标轴的距离相等，则点A在第一或第四象限；（2）若A（a，m）、B（a﹣1，n）（a＞0）在反比例函数y=的图象上，则m＜n；（3）一次函数y=﹣2x﹣3的图象不经过第三象限；（4）二次函数y=﹣2x2﹣8x+1的最大值是9．A．1个B．2个C．3个D．4个7．将方程变形正确的是（）A．9+B．0.9+C．9+D．0.9+=3﹣10x8．下列说法正确的是（）A．x=4是不等式2x＞﹣8的一个解B．x=﹣4是不等式2x＞﹣8的解集C．不等式2x＞﹣8的解集是x＞4 D．2x＞﹣8的解集是x＜﹣49．如图，在⊙O内有折线OABC，点B、C在圆上，点A在⊙O内，其中OA=4cm，BC=10cm，∠A=∠B=60°，则AB的长为（）A．5cm B．6cm C．7cm D．8cm10．如图，Rt△ABC的直角边BC在x轴正半轴上，斜边AC边上的中线BD反向延长线交y轴负半轴于E，双曲线y=的图象经过点A，若△BEC的面积为6，则k 等于（）A．3 B．6 C．12 D．24二．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）11．盒子里有10个球，每个球上写有1﹣10中的1个数字，不同的球上数字不同，其中两个球上的数的和可能是3，4，…，19．现从盒中随意取两个球，这两个球上的数的和，最有可能出现的是．12．计算：÷=．13．计算：（2m+3）（2m﹣3）=；x（x+2y）﹣（x+y）2=．14．在⊙O中，弧AB所对的圆心角∠AOB=108°，点C为⊙O上的动点，以AO、AC 为边构造▱AODC．当∠A=°时，线段BD最长．15．意大利著名数学家斐波那契在研究兔子繁殖问题时，发现有这样一组数：1，1，2，3，5，8，13，…，请根据这组数的规律写出第10个数是．16．如图，矩形纸片ABCD，BC=2，∠ABD=30度．将该纸片沿对角线BD翻折，点A 落在点E处，EB交DC于点F，则点F到直线DB的距离为．三．解答题（共9小题，满分86分）17．（7分）计算：（﹣）0﹣|﹣3|+（﹣1）2015+（）﹣1．18．（7分）先化简，再求值：，其中．19．（8分）已知，如图1，四边形ABCD是正方形，E、F分别在边BC、CD上，且∠EAF=45°，我们把这种模型称为“半角模型”，在解决“半角模型”问题时，旋转时一种常用的方法．（1）在图1中，连接EF，为了证明结论“EF=BE+DF”，小明将△ADF绕点A顺时针旋转90°后解答了这个问题，请按小明的思路写出证明过程；（2）如图2，当∠EAF的两边分别与CB、DC的延长线交于点E、F，连接EF，试探究线段EF、BE、DF之间的数量关系，并证明．20．（8分）如图：两个观察者从A，B两地观测空中C处一个气球，分别测得仰角为45°和60°，已知A，B两地相距200m，当气球沿着与AB平行地漂移40秒后到达C1，在A处测得气球的仰角为30度．求：（1）气球漂移的平均速度（结果保留3个有效数字）；（2）在B处观测点C1的仰角（精确到度）．21．（8分）铜陵市义安区实施了城乡居民基本医疗保险（简称“医疗保险”），办法规定农村村民只要每人每年交纳180元钱就可以加入医疗保险，住院时自己先垫付，出院同时就可得到按一定比例的报销款，这项举措惠及民生，吴斌与同学随机调查了他们镇的一些农民，根据收集到的数据绘制了以下的统计图．根据图中信息，解答下列问题：（1）本次调查了多少村民？被调查的村民中参加医疗保险，得到报销款的有多少人？（2）若该镇有34000村民，请估算有多少人参加了医疗保险？要使两年后参加医疗保险的人数增加到业务31460人，假设这两年的年增长率相同，求年增长率？22．（10分）已知AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB于H，过CD延长线上一点E作⊙O 的切线交AB的延长线于F，切点为G，连接AG交CD于K．（1）如图1，求证：KE=GE；（2）如图2，连接CABG，若∠FGB=∠ACH，求证：CA∥FE；（3）如图3，在（2）的条件下，连接CG交AB于点N，若sinE=，AK=，求CN的长．23．（10分）已知关于x的一元二次方程x2+2x+=0（1）若此方程有两个不相等的实数根，求k的取值范围；（2）当此方程有一根为零时，将二次函数y=x2+2x+图象x轴下方的部分沿x轴翻折到x轴上方，图象的其余部分保持不变，翻折后图象与原图象x轴上方的部分组成给一个“W”形状的新图象，观察新图象发现：①当直线y=m与该新图象有4个公共点时，实数m的取值范围是．②当直线y=x+b与该新图象恰好有3个公共点时，直接写出实数b的值．24．（14分）如图，AB是⊙O的直径，点C在⊙O上，∠ABC的平分线与AC相交于点D，与⊙O过点A的切线相交于点E．（1）∠ACB=°，理由是：；（2）猜想△EAD的形状，并证明你的猜想；（3）若AB=8，AD=6，求BD．25．（14分）如图1，二次函数y=ax2﹣2ax﹣3a（a＜0）的图象与x轴交于A、B两点（点A在点B的右侧），与y轴的正半轴交于点C，顶点为D．（1）求顶点D的坐标（用含a的代数式表示）；（2）若以AD为直径的圆经过点C．①求抛物线的函数关系式；②如图2，点E是y轴负半轴上一点，连接BE，将△OBE绕平面内某一点旋转180°，得到△PMN（点P、M、N分别和点O、B、E对应），并且点M、N都在抛物线上，作MF⊥x轴于点F，若线段MF：BF=1：2，求点M、N的坐标；③点Q在抛物线的对称轴上，以Q为圆心的圆过A、B两点，并且和直线CD相切，如图3，求点Q的坐标．参考答案与试题解析一．选择题（共10小题，满分40分，每小题4分）1．据悉，超级磁力风力发电机可以大幅度提升风力发电效率，但其造价高昂，每座磁力风力发电机，其建造花费估计要5 300万美元，“5 300万”用科学记数法可表示为（）A．5.3×103B．5.3×104C．5.3×107D．5.3×108【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值大于10时，n是正数；当原数的绝对值小于1时，n是负数．【解答】解：5 300万=5 300×103万美元=5.3×107美元．故选C．【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．2．下列计算正确的是（）A．x8÷x4=x2B．x3•x4=x12C．（x3）2=x6D．（﹣x2y3）2=﹣x4y6【分析】根据同底数幂的除法对A进行判断；根据同底数幂的乘法对B进行判断；根据幂的乘方对C进行判断；根据积的乘方对D进行判断．【解答】解：A、原式=x4，所以A选项的计算错误；B、原式=x7，所以B选项的计算错误；C、原式=x6，所以C选项的计算正确；D、原式=x4y6，所以D选项的计算错误．故选：C．【点评】本题考查了同底数幂的除法法则：底数不变，指数相减．即a m÷a n=a m﹣n（a≠0，m，n是正整数，m＞n）．也考查了同底数幂的乘法．3．已知一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）中，下列说法：①若a+b+c=0，则b2﹣4ac＞0；②若方程两根为﹣1和2，则2a+c=0；③若方程ax2+c=0有两个不相等的实根，则方程ax2+bx+c=0必有两个不相等的实根；④若b=2a+c，则方程有两个不相等的实根．其中正确的有（）A．①②③B．①②④C．②③④D．①②③④【分析】①观察条件，知是当x=1时，有a+b+c=0，因而方程有根．②把x=﹣1和2代入方程，建立两个等式，即可得到2a+c=0．③方程ax2+c=0有两个不相等的实根，则△=﹣4ac＞0，左边加上b2就是方程ax2+bx+c=0的△，由于加上了一个非负数，所以△＞0．④把b=2a+c代入△，就能判断根的情况．【解答】解：①当x=1时，有若a+b+c=0，即方程有实数根了，∴△≥0，故错误；②把x=﹣1代入方程得到：a﹣b+c=0 （1）把x=2代入方程得到：4a+2b+c=0 （2）把（2）式减去（1）式×2得到：6a+3c=0，即：2a+c=0，故正确；③方程ax2+c=0有两个不相等的实数根，则它的△=﹣4ac＞0，∴b2﹣4ac＞0而方程ax2+bx+c=0的△=b2﹣4ac＞0，∴必有两个不相等的实数根．故正确；④若b=2a+c则△=b2﹣4ac=（2a+c）2﹣4ac=4a2+c2，∵a≠0，∴4a2+c2＞0故正确．②③④都正确，故选C．【点评】总结：1、一元二次方程根的情况与判别式△的关系：（1）△＞0⇔方程有两个不相等的实数根；（2）△=0⇔方程有两个相等的实数根；（3）△＜0⇔方程没有实数根．2、对于给定的条件要仔细分析，向所求的内容转化．4．若，，则x的取值范围（）A．B．或C．或D．以上答案都不对【分析】在同一平面直角坐标系中作出反比例函数y=与y=2、y=﹣3的图象，观察图象可知，反比例函数y=落在直线y=2下方且在直线y=﹣3上方的部分所对应的x的取值，即为所求的x的取值范围．【解答】解：作出函数y=与y=2、y=﹣3的图象，由图象可知交点为（，2），（﹣，﹣3），∴当或时，有，．故选：C．【点评】本题考查了反比例函数的性质：（1）反比例函数y=（k≠0）的图象是双曲线；（2）当k＞0，双曲线的两支分别位于第一、第三象限，在每一象限内y随x的增大而减小；（3）当k＜0，双曲线的两支分别位于第二、第四象限，在每一象限内y随x的增大而增大．5．已知BD是△ABC的中线，AC=6，且∠ADB=45°，∠C=30°，则AB=（）A．B．2C．3D．6【分析】根据题中所给的条件，在直角三角形中解题．根据角的正切值与三角形边的关系，结合勾股定理求解．【解答】解：过点B作BE⊥AC交AC于点E．如下图设BE=x，∵∠BDA=45°，∠C=30°，∴DE=x，BC=2x，∵tan∠C=，∴=tan30°，∴3x=（3+x），解得x=，在Rt△ABE中，AE=DE﹣AD=﹣3=，由勾股定理得：AB2=BE2+AE2，AB==3．故选：C．【点评】本题考查了解直角三角形中三角函数的应用，要熟练掌握好边角之间的关系．6．给出下列四个命题：正确命题的个数是（）（1）若点A在直线y=2x﹣3上，且点A到两坐标轴的距离相等，则点A在第一或第四象限；（2）若A（a，m）、B（a﹣1，n）（a＞0）在反比例函数y=的图象上，则m＜n；（3）一次函数y=﹣2x﹣3的图象不经过第三象限；（4）二次函数y=﹣2x2﹣8x+1的最大值是9．A．1个B．2个C．3个D．4个【分析】根据题意和函数的有关性质，逐一判断每个命题的正确性．【解答】解：（1）联立或，解得或所以点A的坐标为（3，3）或（（1，﹣1），在第一或第四象限正确（2）反比例函数y=，在每个象限内y随x的增大而减小，点A在第一象限，而点B 不能确定在第几象限，无法比较m、n的大小，错误（3）一次函数y=﹣2x﹣3的图象不经过第一象限，错误（4）二次函数y=﹣2x2﹣8x+1，可化为y=﹣2（x+2）2+9所以二次函数y=﹣2x2﹣8x+1的最大值是9，正确．（1）、（4）正确，故选B．【点评】此题考查了二次函数的增减性和最值，一次函数、反比例函数的增减性，以及一次函数的图象性质．7．将方程变形正确的是（）A．9+B．0.9+C．9+ D．0.9+=3﹣10x【分析】根据分母分子同时扩大10倍后分式的数值不变可得出答案．【解答】解：方程变形得：0.9+=3﹣10x，所以选D．【点评】本题考查解一元一次方程的知识，注意等式性质的运用．8．下列说法正确的是（）A．x=4是不等式2x＞﹣8的一个解 B．x=﹣4是不等式2x＞﹣8的解集C．不等式2x＞﹣8的解集是x＞4 D．2x＞﹣8的解集是x＜﹣4【分析】据题意只要解出不等式2x＞﹣8的解，再用排除法解题即可．【解答】解：因为2x＞﹣8的解为x＞﹣4，所以A、x=4是不等式2x＞﹣8的一个解，正确；B、x=﹣4是不等式2x＞﹣8的解集，错误；C、不等式2x＞﹣8的解集是x＞4，错误；D、2x＞﹣8的解集是x＜﹣4，错误．故选：A．【点评】本题较简单，解答此题的关键是掌握不等式的性质，在不等式两边同除一个正数，不等号的方向不变．9．如图，在⊙O内有折线OABC，点B、C在圆上，点A在⊙O内，其中OA=4cm，BC=10cm，∠A=∠B=60°，则AB的长为（）A．5cm B．6cm C．7cm D．8cm【分析】延长AO交BC于D，过O作BC的垂线，设垂足为E，根据∠A、∠B的度数易证得△ABD是等边三角形，设AB的长为xcm，由此可表示出OD、BD和DE的长；在Rt△ODE中，根据∠ODE的度数，可得出OD=2DE，进而可求出x的值．【解答】解：延长AO交BC于D，作OE⊥BC于E，设AB的长为xcm，∵∠A=∠B=60°，∴∠ADB=60°；∴△ADB为等边三角形；∴BD=AD=AB=x；∵OA=4cm，BC=10cm，∴BE=5cm，DE=（x﹣5）cm，OD=（x﹣4）cm，又∵∠ADB=60°，∴DE=OD，∴x﹣5=（x﹣4），解得：x=6．故选：B．【点评】此题主要考查了等边三角形的判定和性质以及勾股定理的应用．解答此题时，通过作辅助线将半径OB置于直角三角形OBE中，从而利用勾股定理求得．10．如图，Rt△ABC的直角边BC在x轴正半轴上，斜边AC边上的中线BD反向延长线交y轴负半轴于E，双曲线y=的图象经过点A，若△BEC的面积为6，则k 等于（）A．3 B．6 C．12 D．24【分析】先根据题意证明△BOE∽△CBA，根据相似比及面积公式得出BO•AB的值即为|k|的值，再由函数所在的象限确定k的值．【解答】解：∵BD为Rt△ABC的斜边AC上的中线，∴BD=DC=AC，∴∠DBC=∠ACB，又∵∠DBC=∠EBO，∴∠EBO=∠ACB，又∵∠BOE=∠CBA=90°，∴△BOE∽△CBA，∴BO：BC=OE：AB，即BC•OE=BO•AB．=6，又∵S△BEC∴BC•EO=6，即BC•OE=12，∵|k|=BO•AB=BC•OE=12．又∵反比例函数图象在第一象限，k＞0．∴k=12．故选：C．【点评】此题主要考查了反比例函数y=中k的几何意义、相似三角形的判定与性质以及直角三角形的性质．此题难度较大，注意掌握数形结合思想的应用．二．填空题（共6小题，满分24分，每小题4分）11．盒子里有10个球，每个球上写有1﹣10中的1个数字，不同的球上数字不同，其中两个球上的数的和可能是3，4，…，19．现从盒中随意取两个球，这两个球上的数的和，最有可能出现的是11．【分析】分别找到和等于3，4，…，19的可能的情况数，看和等于哪个数的情况数最多即可．【解答】解：共有90种情况，和为3的有2种情况；和为4的有2种情况；和为5的有4种情况；和为6的有4种情况；和为7的有6种情况；和为8的有6种情况；和为9的有9种情况；和为10的有8种情况；和为11的有10种情况；和为12的有8种情况；和为13的有8种情况；和为14的有6种情况；和为15的有6种情况；和为16的有4种情况；和为17的有4种情况；和为18的有2种情况；和为19的有1种情况；故答案为11．【点评】考查用树状图解决实际问题；画出所有的树状图是解决本题的关键．12．计算：÷=．【分析】直接利用分式的除法运算法则计算得出答案．【解答】解：÷=×=．故答案为：．【点评】此题主要考查了分式的除法运算，正确掌握运算法则是解题关键．13．计算：（2m+3）（2m﹣3）=4m2﹣9；x（x+2y）﹣（x+y）2=﹣y2．【分析】利用平方差公式进行解答；由单项式乘多项式和完全平方公式进行解答．【解答】解：（2m+3）（2m﹣3）=（2m）2﹣32=4m2﹣9；x（x+2y）﹣（x+y）2=x2+2xy﹣x2﹣2xy﹣y2=﹣y2．故答案是：4m2﹣9；﹣y2．【点评】考查了平方差公式，完全平方公式和单项式乘多项式，属于解题计算题，熟记公式或计算法则即可解答．14．在⊙O中，弧AB所对的圆心角∠AOB=108°，点C为⊙O上的动点，以AO、AC 为边构造▱AODC．当∠A=27°时，线段BD最长．【分析】如图，连接OC，延长OA交⊙O于F，连接DF．由△DOF≌△CAO，可得DF=OC，推出点D的运动轨迹是F为圆心OC为半径的圆，推出当点D在BF的延长线上时，BD 的值最大，由此即可解决问题；【解答】解：如图，连接OC，延长OA交⊙O于F，连接DF．∵四边形ACDO是平行四边形，∴∠DOF=∠A，DO=AC，∵OF=AO，∴△DOF≌△CAO，∴DF=OC，∴点D的运动轨迹是F为圆心OC为半径的圆，∴当点D在BF的延长线上时，BD的值最大，∵∠AOB=108°，∴∠FOB=72°，∵OF=OB，∴∠OFB=54°，∵FD=FO，∴∠FOD=∠FDO=27°，∴∠A=∠FOD=27°，故答案为27°．【点评】本题考查圆周角定理、平行四边形的性质、全等三角形的判定和性质、点与圆的位置关系等知识，解题的关键是确定点D的运动轨迹，灵活运用所学知识解决问题，属于中考填空题中的压轴题．15．意大利著名数学家斐波那契在研究兔子繁殖问题时，发现有这样一组数：1，1，2，3，5，8，13，…，请根据这组数的规律写出第10个数是55．【分析】通过对题目中给出的数据进行分析可以发现：从第三个数起，每一个数都等于它前面两个数的和．如13=8+5．按照这个规律即可求出答案．【解答】解：3=2+1；5=3+2；8=5+3；13=8+5；…可以发现：从第三个数起，每一个数都等于它前面两个数的和．则第8个数为13+8=21；第9个数为21+13=34；第10个数为34+21=55．故答案为55．【点评】此题考查了数字的有规律变化，解答此类题目的关键是要求学生的通对题目中给出的图表，数据等认真进行分析、归纳并发现其中的规律，并应用规律解决问题．此类题目难度一般偏大．16．如图，矩形纸片ABCD，BC=2，∠ABD=30度．将该纸片沿对角线BD翻折，点A 落在点E处，EB交DC于点F，则点F到直线DB的距离为．【分析】由折叠性质可以得到，∠FBD=∠ABD=30°，△DEB≌△BCD，进而得到△DFB 是等腰三角形，有DF=FD，作FG⊥BD，由等腰三角形的性质：底边上的高与底边上的中线重合，则点G是BD的中点，而BD=ADsin30°=4，所以可求得FG=BGtan30°=．【解答】解：∵矩形纸片沿对角线BD翻折，点A落在点E处∴∠FBD=∠ABD=30°，△DEB≌△BCD，∴∠DBE=∠CDB，∴DF=FB，∴△DFB是等腰三角形，过点F作FG⊥BD，则点G是BD的中点∵BD=AD÷sin30°=4∴BG=2∴FG=BGtan30°=．【点评】本题利用了：1、折叠的性质：折叠是一种对称变换，它属于轴对称，根据轴对称的性质，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等；2、矩形的性质，等腰三角形的性质，锐角三角函数的概念求解．三．解答题（共9小题，满分86分）17．（7分）计算：（﹣）0﹣|﹣3|+（﹣1）2015+（）﹣1．【分析】根据实数的运算顺序，首先计算乘方、开方，然后从左向右依次计算，求出算式的值是多少即可．【解答】解：（﹣）0﹣|﹣3|+（﹣1）2015+（）﹣1=1﹣3+（﹣1）+2=﹣1．【点评】（1）此题主要考查了实数的运算，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：在进行实数运算时，和有理数运算一样，要从高级到低级，即先算乘方、开方，再算乘除，最后算加减，有括号的要先算括号里面的，同级运算要按照从左到有的顺序进行．另外，有理数的运算律在实数范围内仍然适用．（2）此题还考查了负整数指数幂的运算，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：①a﹣p=（a≠0，p为正整数）；②计算负整数指数幂时，一定要根据负整数指数幂的意义计算；③当底数是分数时，只要把分子、分母颠倒，负指数就可变为正指数．（3）此题还考查了零指数幂的运算，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：①a0=1（a ≠0）；②00≠1．18．（7分）先化简，再求值：，其中．【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的加法法则计算，同时利用除法法则变形，约分得到最简结果，把a的值代入计算即可求出值．【解答】解：原式=•=•=，当a=﹣1时，原式=．【点评】此题考查了分式的化简求值，熟练掌握运算法则是解本题的关键．19．（8分）已知，如图1，四边形ABCD是正方形，E、F分别在边BC、CD上，且∠EAF=45°，我们把这种模型称为“半角模型”，在解决“半角模型”问题时，旋转时一种常用的方法．（1）在图1中，连接EF，为了证明结论“EF=BE+DF”，小明将△ADF绕点A顺时针旋转90°后解答了这个问题，请按小明的思路写出证明过程；（2）如图2，当∠EAF的两边分别与CB、DC的延长线交于点E、F，连接EF，试探究线段EF、BE、DF之间的数量关系，并证明．【分析】（1）利用旋转的性质，证明△AGE≌△AFE即可；（2）把△ABE绕点A逆时针旋转90°到AD，交CD于点G，证明△AEF≌△AGF即可求得EF=DF﹣BE．【解答】（1）证明：由旋转可得GB=DF，AF=AG，∠BAG=∠DAF，∵四边形ABCD为正方形，∴∠BAD=90°，∵∠EAF=45°，∴∠BAE+∠DAF=45°，∴∠BAG+∠BAE=45°=∠EAF，在△AGE和△AFE中∴△AGE≌△AFE（SAS），∴GE=EF，∵GE=GB+BE=BE+DF，∴EF=BE+DF；（2）解：EF=DF﹣BE，证明如下：如图，把△ABE绕点A逆时针旋转90°到AD，交CD于点G，同（1）可证得△AEF≌△AGF，∴EF=GF，且DG=BE，∴EF=DF﹣DG=DF﹣BE．【点评】本题主要考查正方形的性质及全等三角形的判定和性质，构造全等三角形是解题的关键，注意旋转性质的应用．20．（8分）如图：两个观察者从A，B两地观测空中C处一个气球，分别测得仰角为45°和60°，已知A，B两地相距200m，当气球沿着与AB平行地漂移40秒后到达C1，在A处测得气球的仰角为30度．求：（1）气球漂移的平均速度（结果保留3个有效数字）；（2）在B处观测点C1的仰角（精确到度）．【分析】首先分析图形：根据题意构造直角三角形；本题涉及到两个直角三角形，应利用其公共边构造等量关系，进而可求出答案．【解答】解：（1）作CD⊥AB，C1E⊥AB，垂足分别为D、E，在RT△ACD中，AD=CD÷tan∠CAD=CD÷tan45°=CD；在RT△BCD中，BD=CD÷tan∠CBD=CD÷tan60°=；又因为AB=AD﹣BD=200，所以CD﹣=200，解之得CD=100（3），又CD⊥AB，C1E⊥AB，CC1∥AB，所以C1E=CD，DE=CC1，在RT△AEC1中，AE=C1E÷tan∠C1AE=100（3+）÷tan30°=300（），所以CC1=DE=AE﹣AD=300（）﹣100（3+），即CC1=200，速度为200÷40≈8.66m/s；（2）由（1）知BD==100（1），所以tan∠C1BE==≈0.7637，所以∠C1BE=37°，即仰角为37°．【点评】本题要求学生借助仰角关系构造直角三角形，并结合图形利用三角函数解直角三角形．21．（8分）铜陵市义安区实施了城乡居民基本医疗保险（简称“医疗保险”），办法规定农村村民只要每人每年交纳180元钱就可以加入医疗保险，住院时自己先垫付，出院同时就可得到按一定比例的报销款，这项举措惠及民生，吴斌与同学随机调查了他们镇的一些农民，根据收集到的数据绘制了以下的统计图．根据图中信息，解答下列问题：（1）本次调查了多少村民？被调查的村民中参加医疗保险，得到报销款的有多少人？（2）若该镇有34000村民，请估算有多少人参加了医疗保险？要使两年后参加医疗保险的人数增加到业务31460人，假设这两年的年增长率相同，求年增长率？【分析】（1）图中参加医疗保险和未参加医疗保险人数的和是本次共调查的村民人数，参加医疗保险并得到报销款的村民占25%，而参加医疗保险的总人数是260，那么参加医疗保险并得到报销款的人数可求；（2）根据统计的数据可求出参保率，34000人中有多少人参保可求，每年参保的人数等于上一年的参保人数乘以（1+x）（x为年增长率），据此可算出两年后的参保人数，而人数是31460，故可得到一个一元二次方程，解此方程可求年增长率．【解答】解：（1）260+80=340（人），260×25%=65（人）；（2）34000×=26000（人）．设这个相同的年增长率为x．依题意得，26000（1+x）2=31460，解得，x1=0.1=10%，x2=﹣2.1（不合题意舍去）．答：该镇大约有26000人参加了医疗保险，相同的年增长率为10%．【点评】本题考查了一元二次方程的应用，解题关键是要读懂题目的意思，根据题目给出的条件，找出合适的等量关系，列出方程，再求解．也考查了条形统计图、扇形统计图的应用以及利用样本估计总体．22．（10分）已知AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB于H，过CD延长线上一点E作⊙O 的切线交AB的延长线于F，切点为G，连接AG交CD于K．（1）如图1，求证：KE=GE；（2）如图2，连接CABG，若∠FGB=∠ACH，求证：CA∥FE；（3）如图3，在（2）的条件下，连接CG交AB于点N，若sinE=，AK=，求CN的长．【分析】（1）欲证明KE=GE，只要证明∠EGK=∠EKG即可；（2）欲证明CA∥FE，只要证明∠ACH=∠E即可；（3）作NP⊥AC于P．首先证明AC=CK=5a，HK=CK﹣CH=4a，tan∠AKH==3，AK==a由AK=，推出a=，可得a=1．AC=5，在Rt△APN中，tan∠CAH==，设PN=12b，则AP=9b，在Rt△CPN中，tan∠ACN==3，推出CP=4b，推出AC=AP+CP=13b，由AC=5，推出13b=5，推出b=，可得CN==4b 解决问题；【解答】（1）证明：连接OG．∵EF切⊙O于G，∴OG⊥EF，∴∠AGO+∠AGE=90°，∵CD⊥AB于H，∴∠AHD=90°，∴∠OAG=∠AKH=90°，∵OA=OG，∴∠AGO=∠OAG，∴∠AGE=∠AKH，∵∠EKG=∠AKH，∴∠EKG=∠AGE，∴KE=GE．（2）设∠FGB=α，∵AB是直径，∴∠AGB=90°，∴∠AGE=∠EKG=90°﹣α，∴∠E=180°﹣∠AGE﹣∠EKG=2α，∵∠FGB=∠ACH，∴∠ACH=2α，∴∠ACH=∠E，∴CA∥FE．（3）作NP⊥AC于P．∵∠ACH=∠E，∴sin∠E=sin∠ACH==，设AH=3a，AC=5a，则CH==4a，tan∠CAH==，∵CA∥FE，∴∠CAK=∠AGE，∵∠AGE=∠AKH，∴∠CAK=∠AKH，∴AC=CK=5a，HK=CK﹣CH=4a，tan∠AKH==3，AK==a，∵AK=，∴a=，∴a=1．AC=5，∵∠BHD=∠AGB=90°，∴∠BHD+∠AGB=180°，在四边形BGKH中，∠BHD+∠HKG+∠AGB+∠ABG=360°，∴∠ABG+∠HKG=180°，∵∠AKH+∠HKG=180°，∴∠AKH=∠ABG，∵∠ACN=∠ABG，∴∠AKH=∠ACN，∴tan∠AKH=tan∠ACN=3，∵NP⊥AC于P，∴∠APN=∠CPN=90°，在Rt△APN中，tan∠CAH==，设PN=12b，则AP=9b，在Rt△CPN中，tan∠ACN==3，∴CP=4b，∴AC=AP+CP=13b，∵AC=5，∴13b=5，∴b=，∴CN==4b=．【点评】本题考查圆综合题、锐角三角函数、平行线的判定和性质、勾股定理、直径的性质、圆周角定理等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，学会利用参数构建方程解决问题，属于中考压轴题．23．（10分）已知关于x的一元二次方程x2+2x+=0（1）若此方程有两个不相等的实数根，求k的取值范围；（2）当此方程有一根为零时，将二次函数y=x2+2x+图象x轴下方的部分沿x轴翻折到x轴上方，图象的其余部分保持不变，翻折后图象与原图象x轴上方的部分组成给一个“W”形状的新图象，观察新图象发现：①当直线y=m与该新图象有4个公共点时，实数m的取值范围是0＜m＜1．②当直线y=x+b与该新图象恰好有3个公共点时，直接写出实数b的值．【分析】（1）根据一元二次方程根的判别式即可得出；（2）先根据原抛物线的解析式得出翻折后得出新图象的解析式，进而画出图象，①根据图象直接判断出来；②结合图形确定出直线的位置即可求出b的值．【解答】解：（1）关于x的一元二次方程x2+2x+=0有两个不相等的实数根，∴△=22﹣4×＞0，∴k＜3；（2）∵关于x的一元二次方程x2+2x+=0方程有一根为零∴当x=0时，k=1，二次函数解析式为y=x2+2x=（x+1）2﹣1，∴抛物线y=x2+2x的顶点坐标为（﹣1，﹣1），当y=0时，x2+2x=0，解得x1=0，x2=﹣2，则抛物线y=x2+2x与x轴的交点为（﹣2，0），（0，0），把抛物线y=x2+2x图象x轴下方的部分沿x轴翻折到x轴上方，则翻折部分的抛物线解析式为y=﹣（x+1）2+1（﹣2≤x≤0），顶点坐标M（﹣1，1），如图，①当直线y=m与该新图象有4个公共点时，0＜m＜1故答案为0＜m＜1；②把直线y=x向上平移，当平移后的直线y=x+b过点A时，直线y=x+b与该新图象恰好有三个公共点，∴×（﹣2）+b=0，解得b=1；当直线y=x+b与抛物线y=﹣（x+1）2+1（﹣2≤x≤0）相切时，直线y=x+b与该新图象恰好有三个公共点，即﹣（x+1）2+1=x+b有相等的实数解，整理得x2+x+b=0，△=（）2﹣4b=0，解得b=，所以b的值为1或．【点评】此题主要考查了翻折的性质，一元二次方程根的判别式，抛物线的性质，确定翻折后抛物线的关系式；利用数形结合的方法是解本题的关键，画出函数图象是解本题的难点．24．（14分）如图，AB是⊙O的直径，点C在⊙O上，∠ABC的平分线与AC相交于点D，与⊙O过点A的切线相交于点E．（1）∠ACB=90°，理由是：直径所对的圆周角是直角；（2）猜想△EAD的形状，并证明你的猜想；（3）若AB=8，AD=6，求BD．【分析】（1）根据AB是⊙O的直径，点C在⊙O上利用直径所对的圆周角是直角即可得到结论；（2）根据∠ABC的平分线与AC相交于点D，得到∠CBD=∠ABE，再根据AE是⊙O 的切线得到∠EAB=90°，从而得到∠CDB+∠CBD=90°，等量代换得到∠AED=∠EDA，从而判定△EAD是等腰三角形．（3）证得△CDB∽△AEB后设BD=5x，则CB=4x，CD=3x，从而得到CA=CD+DA=3x+6，然后在直角三角形ACB中，利用AC2+BC2=AB2得到（3x+6）2+（4x）2=82解得x后即可求得BD的长．【解答】解：（1）∵AB是⊙O的直径，点C在⊙O上，∴∠ACB=90°（直径所对的圆周角是直角）（2）△EAD是等腰三角形．证明：∵∠ABC的平分线与AC相交于点D，∴∠CBD=∠ABE∵AE是⊙O的切线，∴∠EAB=90°∴∠AEB+∠EBA=90°，∵∠EDA=∠CDB，∠CDB+∠CBD=90°，∵∠CBE=∠ABE，∴∠AED=∠EDA，∴AE=AD∴△EAD是等腰三角形．（3）解：∵AE=AD，AD=6，∴AE=AD=6，∵AB=8，∴在直角三角形AEB中，EB=10∵∠CDB=∠E，∠CBD=∠ABE∴△CDB∽△AEB，∴===∴设CB=4x，CD=3x则BD=5x，∴CA=CD+DA=3x+6，在直角三角形ACB中，AC2+BC2=AB2即：（3x+6）2+（4x）2=82，。

浙江省中考数学一轮复习 专题练习8 三角形(1) 浙教版-浙教版初中九年级全册数学试题

浙江省中考数学一轮复习 专题练习8 三角形(1) 浙教版-浙教版初中九年级全册数学试题

三角形（1）班级某某学号一、选择题1.sin450的值等于（）A. 12B.22C.32D. 12.如图，某防洪大坝的横断面是梯形，斜坡AB的坡度i=1∶2.5，则斜坡AB的坡角 为（）（精确到1°）A．24° B．22° C．68° D．66°3.下列判断中错误．．的是（）A. 有两角和一边对应相等的两个三角形全等B. 有两边和一角对应相等的两个三角形全等C. 有两边和其中一边上的中线对应相等的两个三角形全等D. 有一边对应相等的两个等边三角形全等4.在△ABC和△DEF中，AB=2DE，AC=2DF，如果△ABC的周长是16，面积是12，那么△DEF的周长、面积依次为（）A．8，3 B．8，6 C．4，3 D．4，65.如图，在ΔABC中，AB=AC,∠A=360，BD、CE分别为∠ABC与∠ACB的角平分线，且相交于点F，则图中的等腰三角形有（）A. 6个B. 7个C. 8个D. 9个6.如图，已知等腰△ABC 中，顶角∠A=36°，BD 为∠ABC 的平分线，则AD AC的值等于（ ）A. 12B. 512-C. 1D. 512+ 7.如图，若正△A 1B 1C 1内接于正△ABC 的内切圆，则11A B AB的值为（ ）A. 12B. 22C. 13D. 33 8.如图，AB//CD ，AE//FD ，AE 、FD 分别交BC 于点G 、H ，则图中共有相似三角形（ ）A. 4对B. 5对C. 6对D. 7对9.在Rt△ABC 的直角边AC 边上有一点P （点P 与点A 、C 不重合），过点P 作直线截△ABC，使截得的三角形与△ABC 相似，满足条件的直线共有（ ）A ．1条B ．2条C ．3条D ．3条或4条10.将边长为3cm 的正三角形的各边三等分，以这六个分点为顶点构成一个正六边形，再顺次连接这个正六边形的各边中点，又形成一个新的正六边形，则这个新的正六边形的面积等于（ ）233 293 293 D. 22738cm二、填空题11.如图，△ABC中，∠B=∠C，FD⊥BC于D，DE⊥AB于E，∠AFD=158°，则∠EDF等于度。

浙教版-学年度九年级数学中考模拟试卷（含解析）

浙教版-学年度九年级数学中考模拟试卷（含解析）

浙教版2018-2019学年度九年级数学中考模拟试卷一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．下列各数中，相反数等于本身的数是（）A．﹣1 B．0 C．1 D．22．下列运算正确的是（）A．a+a=a2B．a3÷a=a3C．a2•a=a3D．（a2）3=a53．将一副直角三角尺如图放置，若∠BOC=160°，则∠AOD的大小为（）A．15°B．20°C．25°D．30°4．若x===，则x等于（）A．﹣1或B．﹣1 C．D．不能确定5．若分式的值为0，则x的值为（）A．2 B．0 C．﹣2 D．x=26．如果一组数据6、7、x、9、5的平均数是2x，那么这组数据的方差为（）A．4 B．3 C．2 D．17．已知一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）中，下列说法：①若a+b+c=0，则b2﹣4ac＞0；②若方程两根为﹣1和2，则2a+c=0；③若方程ax2+c=0有两个不相等的实根，则方程ax2+bx+c=0必有两个不相等的实根；④若b=2a+c，则方程有两个不相等的实根．其中正确的有（）A．①②③B．①②④C．②③④D．①②③④8．如图所示，点E是正方形ABCD内一点，把△BEC绕点C旋转至△DFC位置，则∠EFC的度数是（）A．90°B．30°C．45°D．60°9．如图，点D（0，3），O（0，0），C（4，0）在⊙A上，BD是⊙A的一条弦，则cos ∠OBD=（）A．B．C．D．10．二次函数y=ax2+bx+c（a≠0）的部分图象如图，图象过点（﹣1，0），对称轴为直线x=2，下列结论：①抛物线与x轴的另一个交点是（5，0）；②4a+c＞2b；③4a+b=0；④当x＞﹣1时，y的值随x值的增大而增大．其中正确的结论有（）A．1个B．2个C．3个D．4个二．填空题（共8小题，满分24分，每小题3分）11．计算：2sin30°+（﹣1）﹣2﹣|2﹣|=．12．分式有意义时，x的取值范围是．13．如图，在四边形ABCD中，∠A+∠B=200°，作∠ADC、∠BCD的平分线交于点O1称为第1次操作，作∠O1DC、∠O1CD的平分线交于点O2称为第2次操作，作∠O2DC、∠O2CD的平分线交于点O3称为第3次操作，…，则第5次操作后∠CO5D的度数是．14．一个长方体的主视图和左视图如图（单位：cm），则其俯视图的面积是cm2．15．已知△ABC的三边长分别为a，b，c，且|b+c﹣2a|+（b+c﹣5）2=0，则b的取值范围是．16．如图，平面直角坐标系中，经过点B（﹣4，0）的直线y=kx+b与直线y=mx+2相交于点，则不等式mx+2＜kx+b＜0的解集为．17．有一个边长为6cm的正三角形ABC木块，点P是边CA的延长线上的点，在A、P 之间拉一条细绳，绳长AP为15cm，握住点P，拉直细绳，把它全部紧紧缠绕在△ABC 木块上（缠绕时木块不动）．若圆周率取3.14，则点P运动的路线长为（精确到0.1cm）18．已知n个数x1，x2，x3，…，x n，它们每一个数只能取0，1，﹣2这三个数中的一个，且，则x13+x23+…+x n3=．三．解答题（共5小题，满分26分）19．（4分）化简：．20．（4分）已知：如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，∠BAC的角平分线AD交BC边于D．（1）以AB边上一点O为圆心，过A、D两点作⊙O（不写作法，保留作图痕迹）．（2）判断直线BC与⊙O的位置关系，并说明理由．（3）若AB=6，BD=2，求⊙O的半径．21．（6分）某商店将某种碳酸饮料每瓶的价格上调了10%，将某种果汁饮料每瓶价格下调了5%，已知调价前买这两种饮料各一瓶共花费7元，调价后买上述碳酸饮料3瓶和果汁饮料2瓶共花费17.5元，问这两种饮料调价前每瓶各多少元？22．（6分）为加快城乡对接，建设全域美丽乡村，某地区对A、B两地间的公路进行改建．如图，A、B两地之间有一座山．汽车原来从A地到B地需途径C地沿折线ACB 行驶，现开通隧道后，汽车可直接沿直线AB行驶．已知BC=80千米，∠A=45°，∠B=30°．（1）开通隧道前，汽车从A地到B地大约要走多少千米？（2）开通隧道后，汽车从A地到B地大约可以少走多少千米？（结果精确到0.1千米）（参考数据：≈141，≈1.73）23．（6分）如图，在平面直角坐标系中，将四边形ABCD称为“基本图形”，且各点的坐标分别为A（4，4），B（1，3），C（3，3），D（3，1）．（1）画出“基本图形”关于y轴对称的四边形A1B1C1D1，并写出A1、B1、C1、D1的坐标：A1（，），B1（，），C1（，），D1（，）；（2）画出“基本图形”关于x轴的对称图形A2B2C2D2；（3）画出四边形A3B3C3D3，使之与四边形A1B1C1D1关于x轴对称．四．解答题（共5小题，满分40分）24．（7分）某品牌牛奶供应商提供A，B，C，D四种不同口味的牛奶供学生饮用．某校为了了解学生对不同口味的牛奶的喜好，对全校订牛奶的学生进行了随机调查，并根据调查结果绘制了如下两幅不完整的统计图．根据统计图的信息解决下列问题：（1）本次调查的学生有多少人？（2）补全上面的条形统计图；（3）扇形统计图中C对应的中心角度数是；（4）若该校有600名学生订了该品牌的牛奶，每名学生每天只订一盒牛奶，要使学生能喝到自己喜欢的牛奶，则该牛奶供应商送往该校的牛奶中，A，B口味的牛奶共约多少盒？25．（7分）已知：如图，函数y=的图象y=﹣2x+8交于点A（1，a），B（b，2）（1）求函数y=的解析式以及A、B的坐标；（2）观察图象，直接写出不等式＜﹣2x+8的解集；（3）若点P是y轴上的动点，当PA+PB取得最小值时，直接写出点P的坐标．26．（8分）如图（1），已知正方形ABCD在直线MN的上方，BC在直线MN上，E 是BC上一点，以AE为边在直线MN的上方作正方形AEFG．（1）连接GD，求证：△ADG≌△ABE；（2）连接FC，观察并猜测∠FCN的度数，并说明理由；（3）如图（2），将图（1）中正方形ABCD改为矩形ABCD，AB=a，BC=b（a、b为常数），E是线段BC上一动点（不含端点B、C），以AE为边在直线MN的上方作矩形AEFG，使顶点G恰好落在射线CD上．判断当点E由B向C运动时，∠FCN的大小是否总保持不变？若∠FCN的大小不变，请用含a、b的代数式表示tan∠FCN的值；若∠FCN的大小发生改变，请举例说明．27．（8分）如图1，一个圆球放置在V型架中．图2是它的平面示意图，CA、CB都是⊙O的切线，切点分别是A、B，如果⊙O的半径为cm，且AB=6cm，求∠ACB．28．（10分）设a，b是任意两个不等实数，我们规定：满足不等式a≤x≤b的实数x 的所有取值的全体叫做闭区间，表示为[a，b]．对于一个函数，如果它的自变量x与函数值y满足：当m≤x≤n时，有m≤y≤n，我们就称此函数是闭区间[m，n]上的“闭函数”．如函数y=﹣x+4，当x=1时，y=3；当x=3时，y=1，即当1≤x≤3时，恒有1≤y ≤3，所以说函数y=﹣x+4是闭区间[1，3]上的“闭函数”，同理函数y=x也是闭区间[1，3]上的“闭函数”．（1）反比例函数y=是闭区间[1，2018]上的“闭函数”吗？请判断并说明理由；（2）如果已知二次函数y=x2﹣4x+k是闭区间[2，t]上的“闭函数”，求k和t的值；（3）如果（2）所述的二次函数的图象交y轴于C点，A为此二次函数图象的顶点，B 为直线x=1上的一点，当△ABC为直角三角形时，写出点B的坐标．参考答案与试题解析一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．下列各数中，相反数等于本身的数是（）A．﹣1 B．0 C．1 D．2【分析】根据相反数的意义，只有符号不同的数为相反数．【解答】解：相反数等于本身的数是0．故选：B．【点评】本题考查了相反数的意义．注意掌握只有符号不同的数为相反数，0的相反数是0．2．下列运算正确的是（）A．a+a=a2B．a3÷a=a3C．a2•a=a3D．（a2）3=a5【分析】根据合并同类项法则、同底数幂的除法、同底数幂的乘法和幂的乘方分别计算即可判断．【解答】解：A、a+a=2a，此选项计算错误；B、a3÷a=a2，此选项计算错误；C、a2•a=a3，此选项计算正确；D、（a2）3=a6，此选项计算错误；故选：C．【点评】本题主要考查幂的运算，解题的关键是熟练掌握同底数幂的除法、同底数幂的乘法、幂的乘方及积的乘方运算的法则．3．将一副直角三角尺如图放置，若∠BOC=160°，则∠AOD的大小为（）A．15°B．20°C．25°D．30°【分析】依据∠COB=∠COD+∠AOB﹣∠AOD求解即可．【解答】解：∵∠COB=∠COD+∠AOB﹣∠AOD，∴90°+90°﹣∠AOD=160°，∴∠AOD=20°．故选：B．【点评】本题主要考查的是角的和差计算，明确图形中相关角之间的和差关系是解题的关键．4．若x===，则x等于（）A．﹣1或B．﹣1 C．D．不能确定【分析】分两种情况讨论：当a+b+c≠0时和当a+b+c=0时．【解答】解：∵x===，∴当a+b+c≠0时，x==；当a+b+c=0时，x===﹣1，故选：A．【点评】本题主要考查了比例的基本性质，容易漏掉a+b+c=0这一隐含可能条件．5．若分式的值为0，则x的值为（）A．2 B．0 C．﹣2 D．x=2【分析】根据分式的值为0的条件即可求出答案．【解答】解：由题意可知：|x|﹣2=0且x+2≠0，∴x=2故选：A．【点评】本题考查分式的值为零的条件，解题的关键是熟练运用分式的值为零的条件，本题属于基础题型．6．如果一组数据6、7、x、9、5的平均数是2x，那么这组数据的方差为（）A．4 B．3 C．2 D．1【分析】先根据平均数的定义确定出x的值，再根据方差公式进行计算即可求出答案．【解答】解：根据题意，得：=2x，解得：x=3，则这组数据为6、7、3、9、5，其平均数是6，所以这组数据的方差为×[（6﹣6）2+（7﹣6）2+（3﹣6）2+（9﹣6）2+（5﹣6）2]=4，故选：A．【点评】此题考查了平均数和方差的定义．平均数是所有数据的和除以数据的个数．方差是一组数据中各数据与它们的平均数的差的平方的平均数．7．已知一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）中，下列说法：①若a+b+c=0，则b2﹣4ac＞0；②若方程两根为﹣1和2，则2a+c=0；③若方程ax2+c=0有两个不相等的实根，则方程ax2+bx+c=0必有两个不相等的实根；④若b=2a+c，则方程有两个不相等的实根．其中正确的有（）A．①②③B．①②④C．②③④D．①②③④【分析】①观察条件，知是当x=1时，有a+b+c=0，因而方程有根．②把x=﹣1和2代入方程，建立两个等式，即可得到2a+c=0．③方程ax2+c=0有两个不相等的实根，则△=﹣4ac＞0，左边加上b2就是方程ax2+bx+c=0的△，由于加上了一个非负数，所以△＞0．④把b=2a+c代入△，就能判断根的情况．【解答】解：①当x=1时，有若a+b+c=0，即方程有实数根了，∴△≥0，故错误；②把x=﹣1代入方程得到：a﹣b+c=0 （1）把x=2代入方程得到：4a+2b+c=0 （2）把（2）式减去（1）式×2得到：6a+3c=0，即：2a+c=0，故正确；③方程ax2+c=0有两个不相等的实数根，则它的△=﹣4ac＞0，∴b2﹣4ac＞0而方程ax2+bx+c=0的△=b2﹣4ac＞0，∴必有两个不相等的实数根．故正确；④若b=2a+c则△=b2﹣4ac=（2a+c）2﹣4ac=4a2+c2，∵a≠0，∴4a2+c2＞0故正确．②③④都正确，故选C．【点评】总结：1、一元二次方程根的情况与判别式△的关系：（1）△＞0⇔方程有两个不相等的实数根；（2）△=0⇔方程有两个相等的实数根；（3）△＜0⇔方程没有实数根．2、对于给定的条件要仔细分析，向所求的内容转化．8．如图所示，点E是正方形ABCD内一点，把△BEC绕点C旋转至△DFC位置，则∠EFC的度数是（）A．90°B．30°C．45°D．60°【分析】根据正方形的每一个角都是直角可得∠BCD=90°，再根据旋转的性质求出∠ECF=∠BCD=90°，CE=CF，然后求出△CEF是等腰直角三角形，然后根据等腰直角三角形的性质解答．【解答】解：∵四边形ABCD是正方形，∴∠BCD=90°，∵△BEC绕点C旋转至△DFC的位置，∴∠ECF=∠BCD=90°，CE=CF，∴△CEF是等腰直角三角形，∴∠EFC=45°．故选：C．【点评】本题考查了旋转的性质，正方形的性质，等腰直角三角形的判定与性质，熟记旋转变换只改变图形的位置不改变图形的形状与大小，然后判断出△CEF是等腰直角三角形是解题的关键．9．如图，点D（0，3），O（0，0），C（4，0）在⊙A上，BD是⊙A的一条弦，则cos ∠OBD=（）A．B．C．D．【分析】连接CD，可得出∠OBD=∠OCD，根据点D（0，3），C（4，0），得OD=3，OC=4，由勾股定理得出CD=5，再在直角三角形中得出利用三角函数求出cos∠OBD即可．【解答】解：∵D（0，3），C（4，0），∴OD=3，OC=4，∵∠COD=90°，∴CD==5，连接CD，如图所示：∵∠OBD=∠OCD，∴cos∠OBD=cos∠OCD=．故选：C．【点评】本题考查了圆周角定理，勾股定理、以及锐角三角函数的定义；熟练掌握圆周角定理是解决问题的关键．10．二次函数y=ax2+bx+c（a≠0）的部分图象如图，图象过点（﹣1，0），对称轴为直线x=2，下列结论：①抛物线与x轴的另一个交点是（5，0）；②4a+c＞2b；③4a+b=0；④当x＞﹣1时，y的值随x值的增大而增大．其中正确的结论有（）A．1个B．2个C．3个D．4个【分析】根据抛物线的对称性对①进行判断；利用x=﹣2时函数值为负数可对②进行判断；利用抛物线的对称轴方程可对③进行判断；根据二次函数的性质对④进行判断．【解答】解：∵抛物线的对称轴为直线x=2，而抛物线与x轴的一个交点是（﹣1，0），∴抛物线与x轴的另一个交点是（5，0）；所以①正确；∵x=﹣2时，y＜0，∴4a﹣2b+c＜0，即4a+c＜2b，所以②错误；∵x=﹣=2，∴4a+b=0，所以③正确；∵当﹣1＜x＜2时，y的值随x值的增大而增大，x≥2时，y的值随x值的增大而减小，∴D选项错误．故选：B．【点评】本题考查了二次函数图象与系数的关系：二次项系数a决定抛物线的开口方向和大小．当a＞0时，抛物线向上开口；当a＜0时，抛物线向下开口；一次项系数b和二次项系数a共同决定对称轴的位置：当a与b同号时，对称轴在y轴左；当a与b异号时，对称轴在y轴右．常数项c决定抛物线与y轴交点：抛物线与y轴交于（0，c）．抛物线与x轴交点个数由判别式确定：△=b2﹣4ac＞0时，抛物线与x轴有2个交点；△=b2﹣4ac=0时，抛物线与x轴有1个交点；△=b2﹣4ac＜0时，抛物线与x轴没有交点．二．填空题（共8小题，满分24分，每小题3分）11．计算：2sin30°+（﹣1）﹣2﹣|2﹣|=．【分析】原式利用特殊角的三角函数值，负整数指数幂法则，以及绝对值的代数意义计算即可求出值．【解答】解：原式=2×+1﹣2+=，故答案为：【点评】此题考查了实数的运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键．12．分式有意义时，x的取值范围是x＜2．【分析】要使代数式有意义时，必有x﹣2＞0，可解得x的范围．【解答】解：根据题意得：x﹣2＞0，解得：x＞2．故答案是：x＞2．【点评】考查了分式和二次根式有意义的条件．二次根式有意义，被开方数为非负数，分式有意义，分母不为0．13．如图，在四边形ABCD中，∠A+∠B=200°，作∠ADC、∠BCD的平分线交于点O1称为第1次操作，作∠O1DC、∠O1CD的平分线交于点O2称为第2次操作，作∠O2DC、∠O2CD的平分线交于点O3称为第3次操作，…，则第5次操作后∠CO5D的度数是175°．【分析】先根据∠ADC、∠BCD的平分线交于点O1，得出∠O1DC+∠O1CD=（∠ADC+∠DCB），再根据∠O1DC、∠O1CD的平分线交于点O2，得出∠O2DC+∠O2CD=（∠ADC+∠DCB），根据规律可得到∠O5DC+∠O5CD=（∠ADC+∠DCB），最后将∠ADC+∠DCB=160°代入计算即可．【解答】解：如图所示，∵∠ADC、∠BCD的平分线交于点O1，∴∠O1DC+∠O1CD=（∠ADC+∠DCB），∵∠O1DC、∠O1CD的平分线交于点O2，∴∠O2DC+∠O2CD=（∠O1DC+∠O1CD）=（∠ADC+∠DCB），同理可得，∠O3DC+∠O3CD=（∠O2DC+∠O2CD）=（∠ADC+∠DCB），由此可得，∠O5DC+∠O5CD=（∠O4DC+∠O4CD）=（∠ADC+∠DCB），∴△CO5D中，∠CO5D=180°﹣（∠O5DC+∠O5CD）=180°﹣（∠ADC+∠DCB），又∵四边形ABCD中，∠DAB+∠ABC=200°，∴∠ADC+∠DCB=160°，∴∠CO5D=180°﹣×160°=180°﹣5°=175°，故答案为：175°．【点评】本题主要考查了多边形的内角与外角以及角平分线的定义的运用，解决问题的关键是找出操作的变化规律，得到∠CO5D与∠ADC+∠DCB之间的关系．14．一个长方体的主视图和左视图如图（单位：cm），则其俯视图的面积是12cm2．【分析】根据给出的长方体的主视图和左视图可得，俯视图的长方形的长与主视图的长方形的宽相等为4，俯视图的长方形的宽与左视图的长方形的宽相等为3．因此俯视图的面积是12cm2．【解答】解：俯视图是边长分别为4和3的长方形，因而其面积为12cm2．故答案为：12．【点评】考查了由三视图判断几何体及简单几何体的三视图的知识，解题的关键是能得到立体图形的三视图和学生的空间想象能力．15．已知△ABC的三边长分别为a，b，c，且|b+c﹣2a|+（b+c﹣5）2=0，则b的取值范围是．【分析】根据非负数的性质得b+c﹣2a=0，b+c﹣5=0，两式联立求出a的值，再根据三角形任意两边之和大于第三边，任意两边之差小于第三边列不等式求解即可．【解答】解：根据题意得：b+c﹣2a=0，b+c﹣5=0，∴b+c=2a，b+c=5，∴2a=5，即a=2.5，那么c=5﹣b，根据三角形的三边关系：|5﹣b﹣2.5|＜b且b＜5﹣b+2.5，即2.5﹣b＜b＜2.5+5﹣b，解得：＜b＜．所以b的取值范围是＜b＜．【点评】本题主要利用非负数的性质和三角形的三边关系求解．几个表示非负数的算式的和等于0，则每一个运算式都等于0．16．如图，平面直角坐标系中，经过点B（﹣4，0）的直线y=kx+b与直线y=mx+2相交于点，则不等式mx+2＜kx+b＜0的解集为﹣4＜x＜﹣．【分析】不等式mx+2＜kx+b＜0的解集就是图象上两个一次函数的图象都在x轴的下方，且y=mx+2的图象在y=kx+b的图象的下边的部分，对应的自变量的取值范围．【解答】解：不等式mx+2＜kx+b＜0的解集是﹣4＜x＜﹣．故答案是：﹣4＜x＜﹣．【点评】本题考查了一次函数的图象与一元一次不等式，正确理解不等式的解集与对应的函数图象的关系是关键．17．有一个边长为6cm的正三角形ABC木块，点P是边CA的延长线上的点，在A、P 之间拉一条细绳，绳长AP为15cm，握住点P，拉直细绳，把它全部紧紧缠绕在△ABC木块上（缠绕时木块不动）．若圆周率取3.14，则点P运动的路线长为56.5cm（精确到0.1cm）【分析】根据如图所示可知点P运动的路线就是图中三外扇形的弧长，正三角形ABC的内角为60度，所以第一个小扇形的弧长等于，第二个为，第三个为，将三段弧的长度相加即为所求．【解答】解：第一段弧长==10πcm；第二段弧长==6πcm；第三段弧长==2πcm；所以三段弧长=18π=56.5cm．故答案是：56.5cm．【点评】本题的关键是理解点P运动的路线就是图中三外扇形的弧长，然后明确扇形的圆心角是120度，半径分别是15cm，9cm，3cm，求值即可．18．已知n个数x1，x2，x3，…，x n，它们每一个数只能取0，1，﹣2这三个数中的一个，且，则x13+x23+…+x n3=﹣29．【分析】由题可知，在x1，x2，x3，…，x n中，要想保证和为﹣5，平方和为19，在取值受限得情况下，可设各式中有a个1和b个﹣2，则可将两式变为：，求出方程组的解．【解答】解：设各式中有a个1和b个﹣2，则可将两式变为：，解得，那么x13+x23+…+x n3=（﹣2）3×4+13×3=﹣29．故答案为：﹣29．【点评】解此题时，关键要找准在n个数中到底有几个1、﹣2、0，这就需要对原题中两个式子进行分析，比较难．三．解答题（共5小题，满分26分）19．（4分）化简：．【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分即可得到结果．【解答】解：原式=÷=•=．【点评】此题考查了分式的混合运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键．20．（4分）已知：如图，在Rt△ABC中，∠C=90°，∠BAC的角平分线AD交BC边于D．（1）以AB边上一点O为圆心，过A、D两点作⊙O（不写作法，保留作图痕迹）．（2）判断直线BC与⊙O的位置关系，并说明理由．（3）若AB=6，BD=2，求⊙O的半径．【分析】（1）作AD的中垂线与AB交于点O，以O为圆心OA为半径作⊙O即可；（2）结论：相切．只要证明OD⊥BC即可；（3）设OA=OD=x，在Rt△BDO中，根据OD2+BD2=OB2，构建方程即可解决问题；【解答】解：（1）如图⊙O即为所求；（2）结论：相切．理由：∵AD平分∠BAC，∴∠CAD=∠DAO，∵OA=OD，∴∠OAD=∠ODA=∠CAD，∴OD∥AC，∴∠BDO=∠C=90°，∴OD⊥BC，∴BC是⊙O的切线．（3）设OA=OD=x，在Rt△BDO中，∵OD2+BD2=OB2，∴x2+（2）2=（6﹣x）2，∴x=2，∴⊙O的半径为2．【点评】本题考查作图﹣复杂作图、直线与圆的位置关系、勾股定理等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．21．（6分）某商店将某种碳酸饮料每瓶的价格上调了10%，将某种果汁饮料每瓶价格下调了5%，已知调价前买这两种饮料各一瓶共花费7元，调价后买上述碳酸饮料3瓶和果汁饮料2瓶共花费17.5元，问这两种饮料调价前每瓶各多少元？【分析】设碳酸饮料在调价前每瓶的价格为x元，果汁饮料调价前每瓶的价格为y元，根据“调价前买这两种饮料各一瓶共花费7元，调价后买上述碳酸饮料3瓶和果汁饮料2瓶共花费17.5元”，即可得出关于x、y的二元一次方程组，解之即可得出结论．【解答】解：设碳酸饮料在调价前每瓶的价格为x元，果汁饮料调价前每瓶的价格为y 元，根据题意得：，解得：．答：调价前碳酸饮料每瓶的价格为3元，果汁饮料每瓶的价格为4元．【点评】本题考查了二元一次方程的应用，找准等量关系，正确列出二元一次方程组是解题的关键．22．（6分）为加快城乡对接，建设全域美丽乡村，某地区对A、B两地间的公路进行改建．如图，A、B两地之间有一座山．汽车原来从A地到B地需途径C地沿折线ACB 行驶，现开通隧道后，汽车可直接沿直线AB行驶．已知BC=80千米，∠A=45°，∠B=30°．（1）开通隧道前，汽车从A地到B地大约要走多少千米？（2）开通隧道后，汽车从A地到B地大约可以少走多少千米？（结果精确到0.1千米）（参考数据：≈141，≈1.73）【分析】（1）过点C作AB的垂线CD，垂足为D，在直角△ACD中，解直角三角形求出CD，进而解答即可；（2）在直角△CBD中，解直角三角形求出BD，再求出AD，进而求出汽车从A地到B 地比原来少走多少路程．（1）过点C作AB的垂线CD，垂足为D，【解答】解：∵AB⊥CD，sin30°=，BC=80千米，∴CD=BC•sin30°=80×（千米），AC=（千米），AC+BC=80+40≈40×1.41+80=136.4（千米），答：开通隧道前，汽车从A地到B地大约要走136.4千米；（2）∵cos30°=，BC=80（千米），∴BD=BC•cos30°=80×（千米），∵tan45°=，CD=40（千米），∴AD=（千米），∴AB=AD+BD=40+40≈40+40×1.73=109.2（千米），∴汽车从A地到B地比原来少走多少路程为：AC+BC﹣AB=136.4﹣109.2=27.2（千米）．答：汽车从A地到B地比原来少走的路程为27.2千米．【点评】本题考查了勾股定理的运用以及解一般三角形，求三角形的边或高的问题一般可以转化为解直角三角形的问题，解决的方法就是作高线．23．（6分）如图，在平面直角坐标系中，将四边形ABCD称为“基本图形”，且各点的坐标分别为A（4，4），B（1，3），C（3，3），D（3，1）．（1）画出“基本图形”关于y轴对称的四边形A1B1C1D1，并写出A1、B1、C1、D1的坐标：A1（﹣4，4），B1（﹣1，3），C1（﹣3，3），D1（﹣3，1）；（2）画出“基本图形”关于x轴的对称图形A2B2C2D2；（3）画出四边形A3B3C3D3，使之与四边形A1B1C1D1关于x轴对称．【分析】（1）找出四边形ABCD关于y轴对称的各对应点，然后顺次连接各点，根据所画图形写出坐标；（2）找出四边形ABCD关于x轴对称的各对应点，然后顺次连接各点即可；（3）找出四边形A1B1C1D1关于x轴对称的各对应点，然后顺次连接各点即可．【解答】解：（1）所画图形如下所示，A1、B1、C1、D1的坐标：A1（﹣4，4），B1（﹣1，3），C1（﹣3，3），D1（﹣3，1）；（2）所画对称图形A2B2C2D2如下所示；（3）所画四边形A3B3C3D3如下所示．【点评】本题考查了轴对称作图，作轴对称后的图形的依据是轴对称的性质，基本作法是：①先确定图形的关键点；②利用轴对称性质作出关键点的对称点；③按原图形中的方式顺次连接对称点．四．解答题（共5小题，满分40分）24．（7分）某品牌牛奶供应商提供A，B，C，D四种不同口味的牛奶供学生饮用．某校为了了解学生对不同口味的牛奶的喜好，对全校订牛奶的学生进行了随机调查，并根据调查结果绘制了如下两幅不完整的统计图．根据统计图的信息解决下列问题：（1）本次调查的学生有多少人？（2）补全上面的条形统计图；（3）扇形统计图中C对应的中心角度数是144°；（4）若该校有600名学生订了该品牌的牛奶，每名学生每天只订一盒牛奶，要使学生能喝到自己喜欢的牛奶，则该牛奶供应商送往该校的牛奶中，A，B口味的牛奶共约多少盒？【分析】（1）利用A类别人数及其百分比可得总人数；（2）总人数减去A、B、D类别人数，求得C的人数即可补全图形；（3）360°×C类别人数所占比例可得；（4）总人数乘以样本中A、B人数占总人数的比例即可．【解答】解：（1）本次调查的学生有30÷20%=150人；（2）C类别人数为150﹣（30+45+15）=60人，补全条形图如下：（3）扇形统计图中C对应的中心角度数是360°×=144°故答案为：144°（4）600×（）=300（人），答：该牛奶供应商送往该校的牛奶中，A，B口味的牛奶共约300盒．【点评】本题考查条形统计图、扇形统计图等知识．结合生活实际，绘制条形统计图，扇形统计图或从统计图中获取有用的信息，是近年中考的热点．只要能认真准确读图，并作简单的计算，一般难度不大．25．（7分）已知：如图，函数y=的图象y=﹣2x+8交于点A（1，a），B（b，2）（1）求函数y=的解析式以及A、B的坐标；（2）观察图象，直接写出不等式＜﹣2x+8的解集；（3）若点P是y轴上的动点，当PA+PB取得最小值时，直接写出点P的坐标．【分析】（1）利用待定系数法即可解决问题；（2）根据反比例函数图象在一次函数图象下方的部分，是反比例函数值小于一次函数值，可得答案；（3）作点A关于y轴的对称点A′（﹣1，6），连结A′B交y轴于点P，利用轴对称得出AP+BP的最小值为线段A′B，进而利用待定系数法求出解析式，即可得出P点坐标．【解答】解：（1）由题意得：A（1，6），B（3，2），把A（1，6）代入y=中，可得k=6∴反比例函数解析式为y=A、B两点坐标分别为A（3，2）、B（1，6）；（2）由图象得：不等式＜﹣2x+8的解集为1＜x＜3或x＜0；（3）如图，作点A关于y轴的对称点A′（﹣1，6），连结A′B交y轴于点P，则PA′=PA，所以AP+BP=A′P+BP=A′B，即AP+BP的最小值为线段A′B的长度．设直线A′B的解析式为y=mx+n，∵B（3，2），B′（﹣1，6），∴，解得，∴直线A′B的解析式为y=﹣x+5，当x=0时，y=5，∴点P的坐标为（0，5）．【点评】此题主要考查了反比例函数与一次函数的交点问题，轴对称﹣最短路线问题，待定系数法求一次函数解析式，进行分类讨论、利用数形结合以及方程思想是解题的关键．26．（8分）如图（1），已知正方形ABCD在直线MN的上方，BC在直线MN上，E 是BC上一点，以AE为边在直线MN的上方作正方形AEFG．（1）连接GD，求证：△ADG≌△ABE；（2）连接FC，观察并猜测∠FCN的度数，并说明理由；（3）如图（2），将图（1）中正方形ABCD改为矩形ABCD，AB=a，BC=b（a、b为常数），E是线段BC上一动点（不含端点B、C），以AE为边在直线MN的上方作矩形AEFG，使顶点G恰好落在射线CD上．判断当点E由B向C运动时，∠FCN的大小是否总保持不变？若∠FCN的大小不变，请用含a、b的代数式表示tan∠FCN的值；若∠FCN的大小发生改变，请举例说明．【分析】（1）根据三角形判定方法进行证明即可．（2）作FH⊥MN于H．先证△ABE≌△EHF，得到对应边相等，从而推出△CHF是等腰直角三角形，∠FCH的度数就可以求得了．（3）本题也是通过构建直角三角形来求度数，作FH⊥MN于H，∠FCH的正切值就是FH：CH．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD和四边形AEFG是正方形，∴AB=AD，AE=AG，∠BAD=∠EAG=90°，∴∠BAE+∠EAD=∠DAG+∠EAD，∴∠BAE=∠DAG，∴△BAE≌△DAG．（2）解：∠FCN=45°，理由是：作FH⊥MN于H，∵∠AEF=∠ABE=90°，∴∠BAE+∠AEB=90°，∠FEH+∠AEB=90°，∴∠FEH=∠BAE，又∵AE=EF，∠EHF=∠EBA=90°，∴△EFH≌△ABE，∴FH=BE，EH=AB=BC，∴CH=BE=FH，∵∠FHC=90°，∴∠FCN=45°．（3）解：当点E由B向C运动时，∠FCN的大小总保持不变，理由是：作FH⊥MN于H，由已知可得∠EAG=∠BAD=∠AEF=90°，结合（1）（2）得∠FEH=∠BAE=∠DAG，又∵G在射线CD上，∠GDA=∠EHF=∠EBA=90°，∴△EFH≌△GAD，△EFH∽△ABE，∴EH=AD=BC=b，∴CH=BE，∴==；在Rt△FEH中，tan∠FCN===，∴当点E由B向C运动时，∠FCN的大小总保持不变，tan∠FCN=．【点评】本题考查了正方形，矩形的判定及全等三角形的判定方法等知识点的综合运用，其重点是通过证三角形全等或相似来得出线段的相等或成比例．27．（8分）如图1，一个圆球放置在V型架中．图2是它的平面示意图，CA、CB都是⊙O的切线，切点分别是A、B，如果⊙O的半径为cm，且AB=6cm，求∠ACB．【分析】我们可通过构建直角三角形，将数据转换到直角三角形中进行计算．连接OC 交AB于点D，那么我们不难得出BD是AB的一半，CD平分∠ACB，那么只要求出∠COB的度数就能求出∠ACB的度数，已知了OB的长，BD（AB的一半）的长，这样在直角三角形ODB中根据三角形函数我们不难得出∠DOB的值，也就能求出∠ACB的度数了．【解答】解：如图，连接OC交AB于点D∵CA、CB分别是⊙O的切线∴CA=CB，OC平分∠ACB∴OC⊥AB∵AB=6∴BD=3在Rt△OBD中∵OB=∴sin∠BOD=∴∠BOD=60°∵B是切点∴OB⊥BC∴∠OCB=30°∴∠ACB=60°．。

2020春浙教版九年级中考数学复习测试：6.19切线长定理与三角形内切圆

2020春浙教版九年级中考数学复习测试：6.19切线长定理与三角形内切圆

第19讲切线长定理与三角形内切圆[学生用书P123]灵感与准备法国数学家笛卡尔早就有把相互独立的代数与几何结合起来的愿望，经过长时期的思考，仍未找到合适的方法.1619年随军服务时他仍在思考，11月9日，在多瑙河畔的诺伊堡，他几天来整日沉迷在思考之中而不得其解，入睡后连做数梦，梦中迷迷糊糊地想到引入直角坐标系的方法．第二天，也即是11月10日清晨，醒后的笛卡尔立即将梦中所得加以整理，终于创造出了解析几何学．笛卡尔获得了成功，但他为此付出了约为两年的时间．被称为数学王子的高斯为证明某一算术定理，也曾苦思冥想达两年之久，后来突然得到一个想法，使他获得成功．高斯回忆说：“终于在两天前我成功了……像闪电一样，谜一下解开了．我自己也说不清楚是什么导线把原先的知识和我最终得到的东西连接起来．”尽管解开这个谜的想法是突然出现的，但高斯本人两年的艰苦努力是这个成功能够到来的前提．灵感是不能靠偶然的机遇、守株待兔式的消极等待得到的．必须执著追求、锲而不舍、百折不挠，才能有成功的一天．所谓“触景生情”、“灵机一动”、“眉头一皱，计上心来”，都是经过长期坚持不懈地创造性劳动而“偶然得之”的．巴斯加说：“机遇只偏爱有准备的头脑．”恰恰道出了此中真谛．类型之一切线长定理例1[浙江竞赛]如图，AB为半圆O的直径，C为半圆弧的三等分点，过B，C两点的半圆O的切线交于点P，若AB的长是2a，则P A的长是．【思路生成】连结OC，OP，由于C是半圆的三等分点，那么∠BOC＝120°，进而可由切线长定理求得∠POB＝60°；在Rt△POB中，根据半径OB的长以及∠POB的度数，可求得PB的值，进而可由勾股定理求得AP的长．答图【解析】如答图，连结OC，OP，∵C为半圆弧的三等分点，∴∠BOC＝120°，已知PC，PB都是⊙O的切线，由切线长定理知∠POB＝12∠BOC＝60°，在Rt△POB中，OB＝a，∠POB＝60°，则PB＝3a，在Rt△ABP中，由勾股定理得AP＝AB2＋BP2＝（2a）2＋（3a）2＝7a.切线长定理1．经过圆外一点作圆的切线，这点与切点之间的线段的长，叫这点到圆的切线长．2．从圆外一点引圆的两条切线，它们的切线长相等，圆心和这一点的连线平分两条切线的夹角．三角形的内切圆与内心与三角形各边都相切的圆叫做三角形的内切圆，三角形的内切圆的圆心叫做三角形的内心，三角形的内心是三角形三条内角平分线的交点．三角形的内心到三角形三边的距离相等．切线长定理的基本结论如下图，P是⊙O外一点，P A，PB切⊙O于点A，B，AB交PO于C，则有如下结论：(1)P A＝PB；(2)∠APO＝∠BPO，∠OAC＝∠OBC，∠AOP＝∠BOP，∠CAP＝∠CBP；(3)AB⊥OP且AC＝BC.1．[2018·绵阳中考]如图，AB是⊙O的直径，点D 在⊙O上(点D不与A，B重合)．直线AD交过点B的切线于点C，过点D作⊙O的切线DE交BC于点E.(1)求证：BE＝CE；(2)若DE∥AB，求sin∠ACO的值．解：(1)证明：如答图，连结OD，∵EB，ED为⊙O的切线，∴EB＝ED，OD⊥DE，AB⊥CB，∴∠ADO＋∠CDE＝90°，∠A＋∠ACB＝90°，∵OA＝OD，∴∠A＝∠ADO，∴∠CDE＝∠ACB，∴EC＝ED，∴BE＝CE；(2)如答图，作OH⊥AD于H，设⊙O的半径为r，答图∵DE∥AB，∴∠DOB＝∠DEB＝90°，∴四边形OBED为矩形，∵OB＝OD，∴矩形OBED为正方形，∴DE＝CE＝r，易得△AOD为等腰直角三角形，∴OH＝DH＝22r，在Rt△OCB中，OC＝（2r）2＋r2＝5r，在Rt△OCH中，sin∠OCH＝OHOC＝22r5r＝1010，即sin∠ACO的值为10 10.2．[杭州校级自主招生]如图，P是⊙O外一点，P A是⊙O的切线，A是切点，B是⊙O上一点，且P A＝PB，连结AO，BO，AB，并延长BO与切线P A相交于点Q.(1)求证：PB是⊙O的切线；(2)设∠AOQ＝α，若cos α＝45，OQ＝15，求AB的长．解：(1)证明：如答图，连结OP，与AB交于点C；答图在△OAP 与△OBP 中，⎩⎪⎨⎪⎧P A ＝PB ，OA ＝OB ，OP ＝OP ，∴△OAP ≌△OBP (SSS )，∴∠OBP ＝∠OAP ，∵P A 是⊙O 的切线，A 是切点，∴∠OAP ＝90°，∴∠OBP ＝90°，∴PB 是⊙O 的切线；(2)在Rt △OAQ 中，∵OQ ＝15，∠AOQ ＝α，cos α＝45，∴OA ＝12，AQ ＝9，∴BQ ＝27，∵∠Q ＝∠Q ，∠OAQ ＝∠QBP ＝90°，∴△QAO ∽△QBP ，∴AQ BQ ＝OQ PQ ，即927＝15PQ ，∴PQ ＝45，∴P A ＝36，∴OP ＝362＋122＝1210；∵∠APO ＝∠APO ，∠P AO ＝∠PCA ＝90°，∴△P AC ∽△POA ，∴P A OP ＝AC OA ，∴P A ·OA ＝OP ·AC ，即36×12＝1210·AC ，∴AC ＝18105，∴AB ＝36105. 类型之二 三角形的内切圆例2[2018·南京中考]结果如此巧合！下面是小颖对一道题目的解答．题目：如图，Rt△ABC的内切圆与斜边AB相切于点D，AD＝3，BD＝4，求△ABC的面积．解：设△ABC的内切圆分别与AC，BC相切于点E，F，CE的长为x.根据切线长定理，得AE＝AD＝3，BF＝BD＝4，CF＝CE＝x.根据勾股定理，得(x＋3)2＋(x＋4)2＝(3＋4)2.整理，得x2＋7x＝12.所以S△ABC ＝12AC·BC＝12(x＋3)(x＋4)＝12(x2＋7x＋12)＝12×(12＋12)＝12.小颖发现12恰好就是3×4，即△ABC的面积等于AD与BD的积．这仅仅是巧合吗？请你帮她完成下面的探索．已知：△ABC的内切圆与AB相切于点D，AD＝m，BD＝n.可以一般化吗？(1)若∠C＝90°，求证：△ABC的面积等于mn.倒过来思考呢？(2)若AC·BC＝2mn，求证∠C＝90°.改变一下条件……(3)若∠C＝60°，用m，n表示△ABC的面积．【思路生成】(1)根据题目中所给的方法由切线长定理知AE ＝AD ＝m ，BF ＝BD ＝n ，CF ＝CE ＝x ，根据勾股定理得(x ＋m )2＋(x ＋n )2＝(m ＋n )2，即x 2＋(m ＋n )x ＝mn ，再利用三角形的面积公式计算；(2)由AC ·BC ＝2mn 得(x ＋m )(x ＋n )＝2mn ，即x 2＋(m ＋n )x ＝mn ，再利用勾股定理逆定理求证；(3)作AG ⊥BC ，由三角函数得AG ＝AC ·sin 60°＝32(x ＋m )，CG ＝AC ·cos 60°＝12(x ＋m )，BG ＝BC －CG ＝(x ＋n )－12(x ＋m )，在Rt △ABG 中，根据勾股定理可得x 2＋(m ＋n )x ＝3mn ，最后利用三角形的面积公式计算可得．解：设△ABC 的内切圆分别与AC ，BC 相切于点E ，F ，CE 的长为x . 根据切线长定理，得AE ＝AD ＝m ，BF ＝BD ＝n ，CF ＝CE ＝x .(1)在Rt △ABC 中，根据勾股定理，得(x ＋m )2＋(x ＋n )2＝(m ＋n )2.整理，得x 2＋(m ＋n )x ＝mn .∴S △ABC ＝12AC ·BC ＝12(x ＋m )(x ＋n ) ＝12[x 2＋(m ＋n )x ＋mn ]＝12(mn ＋mn )＝mn .(2)由AC ·BC ＝2mn ，得(x ＋m )(x ＋n )＝2mn .整理，得x 2＋(m ＋n )x ＝mn .∴AC 2＋BC 2＝(x ＋m )2＋(x ＋n )2＝2[x 2＋(m ＋n )x ]＋m 2＋n 2＝m 2＋n 2＋2mn＝(m ＋n )2＝AB 2.根据勾股定理的逆定理，得∠C ＝90°.(3)如答图，过点A 作AG ⊥BC ，垂足为G .答图在Rt △ACG 中，AG ＝AC ·sin 60°＝32(x ＋m )，CG ＝AC ·cos 60°＝12(x ＋m )．所以BG ＝BC －CG ＝(x ＋n )－12(x ＋m )．在Rt △ABG 中，根据勾股定理，得 ⎣⎢⎡⎦⎥⎤32（x ＋m ）2＋⎣⎢⎡⎦⎥⎤（x ＋n ）－12（x ＋m ）2＝(m ＋n )2. 整理，得x 2＋(m ＋n )x ＝3mn .∴S △ABC ＝12BC ·AG ＝12(x ＋n )·32(x ＋m )＝34[x 2＋(m ＋n )x ＋mn ]＝34(3mn ＋mn )＝3mn .3．[宁波自主招生]《歌词古体算题》记载了中国古代的一道在数学史上名扬中外的“勾股容圆”名题，其歌词为：“十五为股八步勾，内容圆径怎生求？有人算得如斯妙，算学方为第一筹．”当中提出的数学问题是这样的：今有股长15步，勾长8步的直角三角形，试求其内切圆的直径．正确的答案是( D )A ．3步B ．4步C ．5步D ．6步【解析】 如答图，在Rt △ABC 中，AB ＝15步，BC ＝8步，设其内切圆半径为r .由勾股定理可得答图AC ＝AB 2＋BC 2＝152＋82＝17， 又S △ABC ＝12AB ·BC ，S △ABC ＝S △AOB ＋S △BOC ＋S △AOC ＝12AB ·r ＋12BC ·r ＋12AC ·r ＝12(AB ＋BC ＋AC )r .∴12AB ·BC ＝12(AB ＋BC ＋AC )r ，∴r ＝AB ·BCAB ＋BC ＋AC ＝15·815＋8＋17＝3.∴直径为6.4．[温州校级自主招生]如图，在Rt △ABC 中，∠C ＝90°，∠B ＝70°，△ABC 的内切圆⊙O 与边AB ，BC ，CA 分别相切于点D ，E ，F ，则∠DEF 的度数为__80°__．答图【解析】如答图，连结DO，FO，∵在Rt△ABC中，∠C＝90°，∠B＝70°，∴∠A＝20°，∵内切圆O与边AB，BC，CA分别相切于点D，E，F，∴∠ODA＝∠OF A＝90°，∴∠DOF＝160°，∴∠DEF的度数为80°.5．如图，△ABC中，AB＝AC，∠A为锐角，CD为AB边上的高，点O为△ACD的内切圆的圆心，则∠AOB＝__135°__．【解析】如答图，连结CO，延长AO交BC于点F，∵CD为AB边上的高，∴∠ADC＝90°.∴∠BAC＋∠ACD＝90°.又∵O为△ACD的内切圆圆心，∴AO，CO分别是∠BAC和∠ACD的角平分线，答图∴∠OAC ＋∠OCA ＝12(∠BAC ＋∠ACD )＝12×90°＝45°， ∴∠AOC ＝135°；在△AOB 和△AOC 中，⎩⎨⎧AB ＝AC ，∠BAO ＝∠CAO ，AO ＝AO ，∴△AOB ≌△AOC (SAS )，∴∠AOB ＝∠AOC ＝135°.类型之三 三角形的内心例3 [宁波自主招生]规定三角形的三条内角平分线的交点叫三角形的内心．(1)已知I 为△ABC 的内心，连结AI 交△ABC 的外接圆于点D ，如图所示，连结BD 和CD ，求证：BD ＝CD ＝ID .(2)已知△ABC ，AD 平分∠BAC 且与它的外接圆交于点D ，在线段AD 上有一点I 满足BD ＝ID .试问点I 是否是△ABC 的内心？若是，请加以证明；若不是，请说明理由．【思路生成】(1)连结BI ，根据三角形的内切圆的意义和圆周角定理得到BD ＝DC ，根据三角形外角性质求出∠IBD ＝∠BID ，根据等腰三角形的判定求出BD ＝ID 即可；(2)连结BI ，根据等腰三角形的性质求出∠BID ＝∠IBD ，推出∠ABI ＝∠CBI ，得出I 是∠BAC 与∠ABC 的平分线的交点即可．解：(1)证明：如答图，连结BI ，∵I 是△ABC 的内心，答图∴∠BAD ＝∠DAC ，∠ABI ＝∠CBI ，∴BD ︵＝DC ︵，∴BD ＝DC ，∵∠BID ＝∠ABI ＋∠BAD ，∠IBD ＝∠CBI ＋∠DBC ，∵∠CAD ＝∠BAD ＝∠DBC ，∴∠DBI ＝∠BID ，∴BD ＝DI ，∴BD ＝CD ＝ID .(2)I 是△ABC 的内心．证明：∵BD ＝ID ，∴∠BID ＝∠IBD ，∵AD 平分∠BAC ，∴∠BAD ＝∠CAD ＝∠DBC ，∴∠ABI ＝∠BID －∠BAI ＝∠IBD －∠DBC ＝∠CBI ，∴I 在∠ABC 的平分线上，又I 在∠BAC 的平分线AD 上，∴I 是△ABC 的内心．6．[奉化自主招生]如图，AB 为半圆的直径，C 是半圆弧上任一点，正方形DEFG 的一边DG 在直线AB 上，另一边DE 过△ABC 内切圆的圆心I ，且点E 在半圆弧上，已知DE ＝9，则△ABC 的面积为__81__．【解析】 设⊙I 切AC 于M ，切BC 于N ，半径为r ，则AD ＝AM ，BD ＝BN ，∵AB 为半圆的直径，∴∠ACB ＝90°，CM ＝CN ＝r ，∴r ＝12(AC ＋BC －AB )，AB 2＝AC 2＋BC 2， ∴AD ·DB ＝AM ·BN ＝(AC －r )(BC －r )＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤AC －12（AC ＋BC －AB ） ⎣⎢⎡⎦⎥⎤BC －12（AC ＋BC －AB ） ＝14(AC －BC ＋AB )(AB ＋BC －AC )＝14(AB 2－AC 2－BC 2＋2AC ·BC )＝12AC ·BC ，连结AE ，BE ，易知Rt △ADE ∽Rt △EDB ，可得AD ·DB ＝DE 2＝81，∴S △ABC ＝12AC ·BC ＝81.7．[2018·长沙中考]如图，在△ABC中，AD是边BC上的中线，∠BAD＝∠CAD，CE∥AD，CE交BA的延长线于点E，BC＝8，AD＝3.(1)求CE的长；(2)求证：△ABC为等腰三角形；(3)求△ABC的外接圆圆心P与内切圆圆心Q之间的距离．解：(1)∵AD是边BC上的中线，∴BD＝CD，∵CE∥AD，∴AD为△BCE的中位线，∴CE＝2AD＝6；答图(2)证明：∵CE∥AD，∴∠BAD＝∠E，∠CAD＝∠ACE，∵∠BAD＝∠CAD，∴∠ACE＝∠E，∴AE＝AC，∵AB＝AE，∴AB＝AC，∴△ABC为等腰三角形；(3)如答图，连结BP ，BQ ，CQ ，在Rt △ABD 中，AB ＝32＋42＝5，设⊙P 的半径为R ，⊙Q 的半径为r ，在Rt △PBD 中，(R －3)2＋42＝R 2，解得R ＝256，∴PD ＝P A －AD ＝256－3＝76，∵S △ABQ ＋S △BCQ ＋S △ACQ ＝S △ABC ，∴12·r ·5＋12·r ·8＋12·r ·5＝12·3·8，解得r ＝43，即QD ＝43，∴PQ ＝PD ＋QD ＝76＋43＝52.故△ABC 的外接圆圆心P 与内切圆圆心Q 之间的距离为52.切线长定理及三角形的内切圆常见的基本图形如下图所示：求三角形内切圆的半径时用不同的方法表示三角形的面积，建立等量关系，设三角形三边为a ，b ，c ，a 边上的高为h ，内切圆的半径为r ，则12(a ＋b ＋c )·r＝12ah .类型之四 与内切圆有关的探究型问题例4 阅读材料：已知，如图1，在面积为S 的△ABC 中，BC ＝a ，AC ＝b ，AB ＝c ，内切圆O 的半径为r .连结OA ，OB ，OC ，△ABC 被划分为三个小三角形．∵S ＝S △OBC ＋S △OAC ＋S △OAB ＝12BC ·r ＋12AC ·r ＋1 2AB ·r ＝12(a ＋b ＋c )r .∴r ＝2S a ＋b ＋c .(1)类比推理：若面积为S 的四边形ABCD 存在内切圆(与各边都相切的圆)，如图2，各边长分别为AB ＝a ，BC ＝b ，CD ＝c ，AD ＝d ，求四边形的内切圆半径r ；(2)理解应用：如图3，在等腰梯形ABCD 中，AB ∥DC ，AB ＝21，CD ＝11，AD ＝13，⊙O 1与⊙O 2分别为△ABD 和△BCD 的内切圆，设它们的半径分别为r 1和r 2，求r 1r 2的值． 解：(1)如答图①，连结OA ，OB ，OC ，OD .∵S ＝S △AOB ＋S △BOC ＋S △COD ＋S △AOD ＝12ar ＋12br ＋12cr ＋12dr ＝12(a ＋b ＋c ＋d )r ，∴r ＝2S a ＋b ＋c ＋d.答图①(2)如答图②，过点D 作DE ⊥AB 于点E ，答图②则AE ＝12×(AB －DC )＝12×(21－11)＝5.DE ＝AD 2－AE 2＝132－52＝12.BE ＝AB －AE ＝21－5＝16.BD ＝DE 2＋BE 2＝122＋162＝20.∵AB ∥DC ，∴S △ABD S △BCD ＝AB DC ＝2111. 又∵S △ABD S △BCD ＝12×（13＋21＋20）r 112×（11＋13＋20）r 2＝27r 122r 2， ∴27r 122r 2＝2111，即r 1r 2＝149.8．如图，在Rt △AOB 中，OA ＝OB ＝32，⊙O 的半径为1，点P 是AB 边上的动点，过点P 作⊙O 的一条切线PQ (点Q 为切点)，则切线长PQ 的最小值为．【解析】 如答图，连结OP ，OQ .答图∵PQ 是⊙O 的切线，∴OQ ⊥PQ .根据勾股定理知PQ 2＝OP 2－OQ 2，∴当PO ⊥AB 时，线段OP 最短，∵在Rt △AOB 中，OA ＝OB ＝32，∴AB ＝2OA ＝6，∴OP ＝3，∴PQ ＝OP 2－OQ 2＝32－12＝2 2.9．如图，射线QN 与等边△ABC 的两边AB ，BC 分别交于点M ，N ，且AC ∥QN ，AM ＝MB ＝2 cm ，QM ＝4 cm.动点P 从点Q 出发，沿射线QN 以每秒1 cm 的速度向右移动，经过t s ，以点P 为圆心， 3 cm 为半径的圆与△ABC 的边相切(切点在边上)，请写出t 可取的一切值__t ＝2或3≤t ≤7或t ＝8__．【思路生成】求出AB ＝AC ＝BC ＝4 cm ，MN ＝12AC ＝2 cm ，∠BMN ＝∠BNM＝∠C ＝∠A ＝60°，分为三种情况，画出图形，结合图形求出．【解析】 ∵△ABC 是等边三角形，∴AB ＝AC ＝BC ＝AM ＋MB ＝4 cm ，∠A ＝∠C ＝∠B ＝60°.答图①∵QN ∥AC ，AM ＝BM .∴N 为BC 的中点，∴MN ＝12AC ＝2 cm ，∠BMN ＝∠BNM ＝∠C ＝∠A ＝60°.分为三种情况：①如答图①，当⊙P切AB于M′时，连结PM′，则PM′＝ 3 cm，∠PM′M＝90°，∵∠PMM′＝∠BMN＝60°，∴MM′＝1 cm，PM＝2MM′＝2 cm，∴QP＝QM－PM＝2 cm，即t＝2.答图②②如答图②，当⊙P与AC切于A点时，连结P A，则∠CAP＝∠APM＝90°，∠PMA＝∠BMN＝60°，AP＝ 3 cm，∴PM＝1 cm，∴QP＝QM－PM＝3 cm，即t＝3；同理，当⊙P与AC切于点C时，易得t＝7.故当3≤t≤7时，⊙P和AC边相切．答图③③如答图③，当⊙P切BC于N′时，连结PN′，同①易得PN＝2 cm，∴QP＝QM＋MN＋NP＝8 cm，即t＝8.综上可知，t的取值为2或3≤t≤7或8.10．[桂林中考节选]已知任意三角形的三边长，如何求三角形面积？古希腊的几何学家海伦解决了这个问题，在他的著作《度量论》一书中给出了计算公式——海伦公式S＝p（p－a）（p－b）（p－c）(其中a，b，c是三角形的三边长，p＝a＋b＋c2，S为三角形的面积)，并给出了证明．例如：在△ABC中，a＝3，b＝4，c＝5，那么它的面积可以这样计算：∵a＝3，b＝4，c＝5，∴p＝a＋b＋c2＝6，∴S＝p（p－a）（p－b）（p－c）＝6×3×2×1＝6.根据上述材料，解答下列问题：如图，在△ABC中，BC＝5，AC＝6，AB＝9，(1)用海伦公式求△ABC的面积；(2)求△ABC的内切圆半径r.解：(1)∵BC＝5，AC＝6，AB＝9，∴p＝BC＋AC＋AB2＝5＋6＋92＝10，∴S＝p（p－a）（p－b）（p－c）＝10×5×4×1＝102，故△ABC的面积102；(2)∵S＝12r(AC＋BC＋AB)，∴102＝12r(5＋6＋9)，解得r＝2，故△ABC的内切圆半径r＝ 2.例5[全国数学竞赛]如图，已知∠ACE＝∠CDE＝90°，点B在CE上，CA ＝CB＝CD，过A，C，D三点的圆交AB于F，求证：F为△CDE的内心．【思路生成】连结FC，FD，BD，然后证其中两个为相应的角平分线．证明：如答图，连结FC，FD，BD，答图∵∠CDF＝∠CAB＝45°＝12∠CDE，∴DF为∠CDE的平分线．由CD＝CB，知∠FBD＝∠CBD－45°＝∠CDB－45°＝∠FDB，得FB＝FD，即F到B，D的距离相等，F在线段BD的垂直平分线上，从而也在等腰三角形CBD的顶角平分线上，即CF是∠ECD的平分线．∴F是△CDE上两条角平分线的交点，∴点F是△CDE的内心．[学生用书P64]【思维入门】1．[2018·鄂州中考]如图，P A，PB是⊙O的切线，切点为A，B，AC是⊙O的直径，OP与AB相交于点D，连结OB，BC.下列结论：①∠APB＝2∠BAC；②OP∥BC；③若tan C＝3，则OP＝5BC；④AC2＝4OD·OP.其中正确的个数为(A)A．4个B．3个C．2个D．1个【解析】利用切线长定理证明Rt△APO≌Rt△BPO，再利用同角的余角相等，可证得∠AOP＝∠C，得到OP∥BC，∠APB＝2∠BAC，故①②正确；利用勾股定理和∠AOP＝∠C，可证得OP＝（3OA）2＋OA2＝10OA＝10×12AC＝10×12×10BC＝5BC，故③正确；利用两角对应相等的两个三角形相似的判定定理证明△ABC∽△P AO，再通过等量代换可证得AC2＝4OD·OP，故④正确．2．[黄州校级自主招生]若一直角三角形的斜边长为c，内切圆半径是r，则内切圆的面积与三角形面积之比是(B)A.πrc＋2r B.πr c＋rC.πr2c＋rD.πrc2＋r2【解析】设直角三角形的两条直角边是a，b，∴S＝a＋b＋c2r，又∵r＝a＋b－c2，∴a＋b＝2r＋c，将a＋b＝2r＋c代入S＝a＋b＋c2r，得S＝2r＋2c2r＝r(r＋c)．又∵内切圆的面积是πr2，∴它们的比是πr c＋r.3．[青白江区自主招生]已知△ABC其内切圆O与边AB交于D，若AD－BD ＝－5，则AC－BC＝(D)A．10 B．5C．－5或5 D．－5【解析】由题意知AD＝AE，CE＝CF，BF＝BD，∴AC－BC＝AE－BF＝AD－BD＝－5.4．[奉化自主招生]已知Rt△ABC中，∠ACB＝90°，CD⊥AB于D，若BC＝a ，CA ＝b ，AB ＝c ，CD ＝h ，设△ACD ，△BCD 与△ABC 的内切圆半径分别为r 1，r 2，r ，则下列结论：①1a ＋1b ＝1h ；②1a 2＋1b 2＝1h 2；③r 21＋r 22＝r 2；④r 1＋r 2＋r ＝h 中，正确的结论有( C )A ．1个B ．2个C ．3个D ．4个【解析】 ∵S △ABC ＝12ab ＝12ch ，∴ab ＝ch ，∴h ＝ab c， ①∵1a ＋1b ＝a ＋b ab ，1h ＝c ab ＝a 2＋b 2ab ， ∴1a ＋1b ≠1h ，①错误；②∵ab ＝ch ，∴a 2b 2＝c 2h 2，∴1a 2b 2＝1c 2h 2，∴c 2a 2b 2＝1h 2，由勾股定理，得1a 2＋1b 2＝b 2＋a 2a 2b 2＝c 2a 2b 2，∴1a 2＋1b 2＝1h 2，②正确；③∵△ACD ，△BCD 与△ABC 的内切圆半径分别为r 1，r 2，r ，∴r ＝12(a ＋b －c )，r 1＝12⎝ ⎛⎭⎪⎫ab c ＋b 2c －b ＝b c r ， r 2＝12⎝ ⎛⎭⎪⎫a 2c ＋ab c －a ＝a c r ，∴r 21＋r 22＝⎝ ⎛⎭⎪⎫b c r 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫a c r 2＝r 2，③正确； ④r 1＋r 2＋r ＝a ＋b ＋c c r ＝a ＋b ＋c c ·a ＋b －c 2＝ab c ＝h ，④正确．5．[2018·威海中考]在扇形CAB 中，CD ⊥AB ，垂足为D ，⊙E 是△ACD 的内切圆，连结AE ，BE ，则∠AEB 的度数为__135°__．答图 【解析】 如答图，连结CE ，∵∠ADC ＝90°，∴∠DAC ＋∠DCA ＝90°，∵⊙E 内切于△ADC ，∴∠EAC ＋∠ECA ＝45°，∴∠AEC ＝135°，∵△AEC ≌△AEB ，∴∠AEB ＝∠AEC ＝135°.6．[第18届江苏竞赛]如图，⊙O 是Rt △ABC 的内切圆，切点为D ，E ，F ，若AF ，BE 的长度是方程m 2－13m ＋30＝0的两个根，则△ABC 的面积是__30__．【解析】 解方程m 2－13m ＋30＝0，得m 1＝10，m 2＝3，∴AD ＝AF ＝10，BD ＝BE ＝3，设CE ＝CF ＝x ，则AC ＝10＋x ，BC ＝3＋x ；由勾股定理，得AB 2＝AC 2＋BC 2，即132＝(10＋x )2＋(3＋x )2，解得x ＝2(负值舍去)，∴AC ＝12，BC ＝5；∴S △ABC ＝12AC ·BC ＝12×5×12＝30.7．[百色中考]如图1，已知△ABC 的内切圆⊙O 与AB ，BC ，AC 分别相切于点D ，E ，F ，若EF ︵＝DE ︵.(1)判断△ABC 的形状，并证明你的结论；(2)设AE 与DF 相交于点M ，如图2，AF ＝2FC ＝4，求AM 的长．解：(1)△ABC 为等腰三角形，理由如下：∵△ABC 的内切圆⊙O 与AB ，BC ，AC 分别相切于点D ，E ，F ， ∴∠OFC ＝∠OEC ＝∠OEB ＝∠ODB ＝90°，∴∠EOF ＋∠C ＝∠DOE ＋∠B ＝180°，∵EF ︵＝DE ︵，∴∠EOF ＝∠DOE ，∴∠C ＝∠B ，∴△ABC 为等腰三角形；(2)由(1)知，AC ＝AB ，又∵AF ＝AD ，∴△ADF ∽△ABC ，易得AM AE ＝AF AC ，∵AE ＝AC 2－CE 2＝42，∴AM ＝42×23＝823.【思维拓展】8．[天津竞赛]如图，在等腰三角形ABC 中，O 为底边BC 的中点，以O 为圆心作半圆与AB ，AC 相切，切点分别为D ，E ，过半圆上一点F 作半圆的切线，分别交AB ，AC于M ，N ，那么BM ·CN BC 2的值等于( B )A.18B.14C.12 D ．1【解析】 如答图，连结OM ，ON ，答图∵MD，MF与⊙O相切，∴∠OMD＝∠OMF，同理得∠ONF＝∠ONE，而∠OMD＋∠OMF＋∠ONF＋∠ONE＋∠B＋∠C＝360°，AB＝AC，∴∠OMF＋∠ONF＋∠B＝180°，而∠OMD＋∠MOB＋∠B＝180°，∴∠ONF＝∠MOB，即有∠ONE＝∠MOB，∴△OMB∽△NOC，∴BMOC＝OBCN，∴BM·CN＝14BC2，∴BM·CNBC2＝14.9．[《学习报》公开赛]如图，在矩形ABCD中，连结AC，如果O为△ABC的内心，过O作OE⊥AD于E，作OF⊥CD于F，则矩形OFDE的面积与矩形ABCD的面积的比值为(A)A.12 B.23C.34D．不能确定【解析】如答图，设AC与OE交于点G，与OF交于点I，⊙O切AB于H，切BC 于M ，切AC 于N ，连结ON ，OH ，OM ，则OM ⊥BC ，OH ⊥AB ，ON ⊥AC ，答图∴四边形AEOH ，四边形OMCF 均为矩形，四边形BMOH 为正方形． 设⊙O 的半径为r ，那么AE ＝CF ＝ON ＝r ，在△AEG 和△OGN 中，∠AEG ＝∠ONG ＝90°，∠AGE ＝∠OGN ，AE ＝ON ＝r ，∴△AEG ≌△ONG ，同理△ONI ≌△CFI ， ∴S △ONG ＝S △AEG ，S △ONI ＝S △CFI ， ∴S 矩形OEDF ＝S △ADC ＝12S 矩形ABCD . ∴S 矩形OEDF ∶S 矩形ABCD ＝12.10．[宁波自主招生]等边三角形ABC 的各边与它的内切圆相切于A 1，B 1，C 1，△A 1B 1C 1的各边与它的内切圆相切于A 2，B 2，C 2，…，以此类推．若△ABC 的面积为1，则△A 5B 5C 5的面积为( D )A.15B.125C.125D.1210【解析】 ∵等边三角形ABC 的各边与它的内切圆相切于A 1，B 1，C 1，设等边三角形ABC 的内心为O ，∴点O 也是等边三角形A 1B 1C 1的外心， ∴A 1，B 1，C 1分别是△ABC 各边的中点，设等边三角形ABC 的边长为a ，则根据三角形中位线定理，得出△A 1B 1C 1的边长为12a ，同理，等边三角形A 2B 2C 2的边长为⎝ ⎛⎭⎪⎫122a ，…等边三角形A 5B 5C 5的边长为⎝ ⎛⎭⎪⎫125a .又∵△ABC ∽△A 5B 5C 5，S △ABC ＝1， ∴S △ABCS △A 5B 5C 5＝⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤a ⎝ ⎛⎭⎪⎫125a 2＝210， ∴S △A 5B 5C 5＝1210.11．[江苏竞赛题]已知等腰三角形ABC 中，AB ＝AC ，BC ＝4，内切圆的半径等于1，则腰长为__103__． 【解析】 如答图，∵AB ＝AC ，BC ＝4，∴CE ＝2，答图易知△AOD∽△ACE，∴ODAO＝CEAC，∴AC＝2AO，设AO＝x，则AC＝2x，∵OD＝OE＝1，∴由勾股定理得(x＋1)2＋22＝4x2，解得x＝53或－1(舍负取正)，∴AC＝10 3.12．[日本数学奥林匹克竞赛]如图，设正方形ABCD的边长为1，以AD为直径的圆其圆心为M，E为AB上的一点，且满足CE与圆M相切，则△BCE的面积为__38__．【解析】设AE＝x，则AE＝EN＝x，NC＝CD＝1，∴CE＝x＋1，BE＝1－x，在Rt △BCE 中，由勾股定理可得12＋(1－x )2＝(1＋x )2， 解得x ＝14，故S △BCE ＝12BC ·CE ＝12×1×⎝ ⎛⎭⎪⎫1－14＝38.13．[2018·德阳]如图，在Rt △ABC 中，∠ACB ＝90°，点H 是△ABC 的内心，AH 的延长线和三角形ABC 的外接⊙O 相交于点D ，连结DB .(1)求证：DH ＝DB ；(2)过点D 作BC 的平行线分别交AC ，AB 的延长线于点E ，F ，已知CE ＝1，⊙O 的直径为5.①求证：EF 为⊙O 的切线； ②求DF 的长．解：(1)证明：如答图，连结HB ，答图∵点H 是△ABC 的内心，∴∠DAC ＝∠DAB ，∠ABH ＝∠CBH ，∴∠DHB＝∠DAB＋∠ABH＝∠DAC＋∠CBH，∵∠DBC＝∠DAC，∠DBH＝∠DBC＋∠CBH，∴∠DHB＝∠DBH，∴DH＝DB；(2)①如答图，连结OD，∵∠DOB＝2∠DAB＝∠BAC，∴OD∥AC，∵AC⊥BC，BC∥EF，∴AC⊥EF，OD⊥EF，∵点D在⊙O上，∴EF是⊙O的切线；②如答图，过点D作DG⊥AB于G，连结CD. 易证△AED≌∠AGD，∴DE＝DG，AE＝AG，∵DC＝DB，∠CED＝∠DGB＝90°，∴△CDE≌△BDG，∴GB＝CE＝1，AG＝AE＝4，在Rt△ADB中，DG⊥AB，∴∠ADB＝∠BGD，∵∠DBG＝∠ABD，∴△DBG∽△ABD，∴BDAB＝BGBD，∴DB2＝AB·BG＝5×1＝5，∴DB＝5，DG＝2，∴ED＝2，∵DO∥AE，∴△OFD∽△AFE，∴DFEF＝ODAE，∴DFDF＋2＝524，解得DF ＝103.14．[余姚校级自主招生]菱形ABCD 的内切圆⊙O 与各边分别切于E ，F ，G ，H ，在EF ︵与GH ︵上分别作⊙O 的切线交AB 于M ，交BC 于N ，交CD 于P ，交DA 于Q .求证：MQ ∥NP .证明：如答图，连结MO ，NO ，BD ，AC ，答图设∠ABC ＝2α，∠BNM ＝2β，∠BMN ＝2γ.则由NO 平分∠CNM ，得∠ONC ＝∠ONM ＝12(180°－2β)＝90°－β， 同理，∠OMN ＝∠OMA ＝90°－γ.而∠CON ＝180°－∠OCN －∠ONC ＝β＋α＝90°－γ＝∠AMO ， ∵∠BAD ＝∠BCD ，∴∠OCN ＝∠MAO ， ∴△CON ∽△AMO ，∴AM AO ＝COCN ，即AM ·CN ＝AO 2. 同理，AQ ·CP ＝AO 2，∴AM ·CN ＝AQ ·CP ，∴AM CP ＝AQ CN ， ∵∠BAD ＝∠BCD ，∴△AMQ ∽△CPN ， ∴∠AMQ ＝∠CPN ，又∵∠BAC ＝∠DAC ＝∠BCA ＝∠ACD ， ∴∠ASM ＝∠CTP ，∴∠ASM ＝∠ATN ， ∴MQ ∥NP .【思维升华】15．[“《数学周报》杯”全国竞赛]如图，△ABC 中，AB ＝7，BC ＝8，CA ＝9，过△ABC 的内切圆圆心I 作DE ∥BC ，分别与AB ，AC 相交于点D ，E ，则DE 的长为__163__．【解析】 如答图，设△ABC 的三边长分别为a ，b ，c ，内切圆I 的半径为r ，BC 边上的高为h a ，则12ah a ＝S △ABC ＝12(a ＋b ＋c )r ， ∴r h a＝aa ＋b ＋c.答图∵△ADE ∽△ABC ， ∴它们对应线段成比例， ∴h a －r h a＝DE BC ，∴DE ＝h a －r h a ·a ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1－a a ＋b ＋c a ＝a （b ＋c ）a ＋b ＋c ， 故DE ＝8×（7＋9）8＋7＋9＝163.16．[慈溪自主招生]如图，已知常数a >0， F 1(－a 2＋20，0)，F 2(a 2＋20，0)，过F 2作直线l ，点A ，B 在直线l 上，且满足AF 1－AF 2＝BF 1－BF 2＝2a ，M ，N 分别为△AF 1F 2，△BF 1F 2的内切圆的圆心． (1)设⊙M 与F 1F 2相切于点P 1，⊙N 与F 1F 2切于点P 2，试判断P 1与P 2的位置关系，并加以证明；(2)已知sin ∠BF 2F 1＝89，且MN ＝92，试求a 的值． 解：(1)P 1与P 2重合． 证明：由题意得AC ＝AD ，∵AF 1－AF 2＝2a ，∴CF 1－DF 2＝2a ； 又∵F 1C ＝F 1P 1，F 2D ＝F 2P 1， ∴P 1F 1－P 1F 2＝2a ， 同理P 2F 1－P 2F 2＝2a ， ∴P 1与P 2重合．(2)由(1)知MP 1⊥F 1F 2，NP 2⊥F 1F 2，P 1，P 2重合． ∴M ，P 1，N 共线，且MN ⊥F 1F 2，如答图，连结MN ，NE ，MD ，则∠NED ＝∠MDE ＝90°，过N 作NH ⊥MD ，H 为垂足．答图∵∠MP 1F 2＝∠MDF 2＝90°，∠HMN ＝∠BF 2F 1，∴sin ∠HMN ＝sin ∠BF 2F 1＝89，又∵MN ＝92，∴NH ＝MN sin ∠HMN ＝4，∴ED ＝4；∵DF 2＝F 2P 1＝F 2E ，∴F 2P 1＝2，由(1)可知P 1F 1－P 1F 2＝2a ，∴P 1F 1＝2＋2a ，∴P 1F 1＋P 1F 2＝2＋2＋2a ＝2a 2＋20， 解得a ＝4.17．[河北竞赛]如图，在Rt △ABC 中，∠C ＝90°，AC ＝4，BC ＝3，其中⊙O 1，⊙O 2，…⊙O n ，为n (n ≥2)个相等的圆，⊙O 1与⊙O 2相外切，⊙O 2与⊙O 3相外切，…，⊙O n －1与⊙O n 相外切，⊙O 1，⊙O 2，…，⊙O n 都与AB 相切，且⊙O 1与AC 相切，⊙O n 与BC 相切，求这些等圆的半径r (用n 表示)．解：如答图，连结AO 1，BO n ，CO 1，CO n ，O 1O n ，则S △AO 1C ＝12AC ·r ＝2r ，S △BO n C ＝12BC ·r ＝32r .∵等圆⊙O 1，⊙O 2，…，⊙O n 依次外切，且均与AB 边相切， ∴O 1，O 2，…，O n 均在直线O 1O n 上，且O 1O n ∥AB ， ∴O 1O n ＝(n －2)2r ＋2r ＝2(n －1)r .过点C 作CH ⊥AB 于点H ，交O 1O n 于点K ，在Rt △ABC 中，由勾股定理有AB ＝AC 2＋BC 2＝42＋32＝5，则由AB ·CH ＝AC ·BC 有CH ＝125，CK ＝125－r .S △CO 1On ＝12O 1O n ·CK ＝(n －1)⎝ ⎛⎭⎪⎫125－r r ，S 梯形AO 1O n B ＝12[2(n －1)r ＋5]r ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤（n －1）r ＋52r ， ∵S △ABC ＝S △AO 1C ＋S △BO n C ＋S △CO 1O n ＋S 梯形AO 1O n B∴6＝32r ＋2r ＋(n －1)⎝ ⎛⎭⎪⎫125－r r ＋⎣⎢⎡⎦⎥⎤（n －1）r ＋52r ， 解得r ＝52n ＋3.。

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九年级数学中考模拟试卷22. （2015?宁波）如图，用一个半径为 30cm ，面积为300 mm 的扇形铁皮，制作一个无底的圆锥（不计损耗） ，则 圆锥的底面半径r 为（ ）3. （2015?金华）图2是图1中拱形大桥的示意图，桥拱与桥面的交点为O , B ,以点O 为原点，水平直线 OB 为x2轴，建立平面直角坐标系，桥的拱形可近似看成抛物线 y=—不-（x - 80） +16,桥拱与桥墩 AC 的交点C 恰好在4. （2015?宁波）在端午节到来之前，学校食堂推荐了 A , B , C 三家粽子专卖店，对全校师生爱吃哪家店的粽子作调查，以决定最终向哪家店采购，下面的统计量中最值得关注的是（）A .方差B .平均数C .中位数D .众数25. （2015?宁波）二次函数 y=a （x - 4） - 4 （ a 和）的图象在2v x v 3这一段位于x 轴的下方，在6v x v 7这一段 位于x 轴的上方，则a 的值为（）10cmC . 20cmD .5 Ticm161540.选择题（共10小题）水面，有AC 丄x 轴，若OA=10米，则桥面离水面的高度 AC 为（ ）D②②③①B .②③C .①③D .①②③6. （2015?宁波）如图，O O 为厶ABC 的外接圆，/ A=72 °则/ BCO 的度数为（）7. （2015?宁波）如图，将 △ ABC 沿着过AB 中点D 的直线折叠，使点 A 落在BC 边上的A 2处，称为第1次操作, 折痕DE 到BC 的距离记为h 仁还原纸片后，再将 △ ADE 沿着过AD 中点的直线折叠，使点 A 落在DE 边上的 A 2处，称为第2次操作，折痕D 1E 1到BC 的距离记为h 2;按上述方法不断操作下去 …，经过第2015次操作后得到 的折痕D 2014E 2014到BC 的距离记为h 2015,至U BC 的距离记为h 2015.若h 〔=1，则h 2015的值为（）A .如图1,展开后测得/ 1 = / 2B .如图2,展开后测得/ 仁/ 2且/ 3= / 4C .如图3,测得/ 1 = / 2D .如图4,展开后再沿 CD 折叠，两条折痕的交点为 O ,测得OA=OB , OC=OD9. （ 2015?宁波）如图，小明家的住房平面图呈长方形， 被分割成3个正方形和2个长方形后仍是中心对称图形. 若只知道原住房平面图长方形的周长，则分割后不用测量就能知道周长的图形的标号为（）B . 18C . 20°D . 28°a, b 互相平行的是（ ）图1图2 图3 圏4A . 15A .&（ 2015?金华）以下四种沿 AB 折叠的方法中，不一定能判定纸带两条边线 A .①②FF10-（2015?金华）如图，正方形ABCD和正△ AEF都内接于。

0，EF与BC CD分别相交于点G出则「丁勺值A . 1. B. :■:C..二 D . 2二.填空题（共6小题）11. （2015?金华）如图，直线l i、12、…怯是一 -组等距的平行线，过直线11上的点A作两条射线，分别与直线13、16 相交于点B、E、C、F.若BC=2，则EF的长是______________________ .A k12. （2015?宁波）如图，已知点A , C在反比例函数y（a>0）的图象上，点B, D在反比例函数存（b v 0）的图象上，AB // CD // x轴，AB ,CD在x轴的两侧，AB=3 ,CD=2 ,AB与CD的距离为5,则a- b的值是13. （2015?宁波）如图，在矩形ABCD中，AB=8 , AD=12，过A , D两点的O O与BC边相切于点E,则O O的半径为.三•解答题（共14小题）第4页（共38页）14. （2015?宁波）如图，在数学活动课中，小敏为了测量校园内旗杆 AB 的高度.站在教学楼的 C 处测得旗杆底端B 的俯角为45°测得旗杆顶端 A 的仰角为30°若旗杆与教学楼的距离为 9m ,则旗杆AB 的高度是 _______________ m（结果保留根号）15. （2015?金华）如图，在平面直角坐标系中，菱形 OBCD 的边OB 在x 轴正半轴上，反比例函数 y= （x >0）的图象经过该菱形对角线的交点 A ，且与边BC 交于点F .若点D 的坐标为（6, 8）,则点F 的坐标是 ______________________16. （2015?金华）图1是一张可以折叠的小床展开后支撑起来放在地面的示意图，此时点 A 、B 、C 在同一直线上,且/ ACD=90 °图2是小床支撑脚 CD 折叠的示意图，在折叠过程中， △ ACD 变形为四边形 ABC D 最后折叠形 成一条线段BD 〃.（1） 小床这样设计应用的数学原理是 _____________ .（2） __________________________________________________ 若 AB : BC=1 : 4，则 tan /CAD 的值是 .-4~負~^2~^1 ~6 12 3 4^18. （2015?杭州）如图，在 △ ABC 中，已知AB=AC , AD 平分/ BAC ，点M , N 分别在 AB , AC 边上，AM=2MB , AN=2NC .求证：DM=DN .19. （2015?宁波）一个不透明的布袋里装有 2个白球，1个黑球和若干个红球，它们除颜色外其余都相同，从中任 意摸出1个球，是白球的概率为 '.2（1） 布袋里红球有多少个？（2） 先从布袋中摸出1个球后不放回，再摸出 1个球，请用列表法或画树状图等方法求出两次摸到的球都是白球 的概率.20. （2015?宁波）某校积极开展 阳光体育”活动，共开设了跳绳、足球、篮球、跑步四种运动项目，为了解学生最 喜爱哪一种项目，随机抽取了部分学生进行调查，并绘制了如下的条形统计图和扇形统计图（部分信息未给出）（1） 求本次被调查的学生人数; （2） 补全条形统计图；（3）该校共有1200名学生，请估计全校最喜爱篮球的人数比最喜爱足球的人数多多少?21. （2015?杭州） 综合与实践”学习活动准备制作一组三角形，记这些三角形的三边分别为 a , b , c ,并且这些三角形三边的长度为大于 1且小于5的整数个单位长度.（1） 用记号（a , b , c ） （a^bW ）表示一个满足条件的三角形，如（ 2, 3, 3）表示边长分别为 2, 3, 3个单位长度 的一个三角形.请列举出所有满足条件的三角形.17. （2015?宁波）解一元一次不等式组并把解在数轴上表示出来.（2）用直尺和圆规作出三边满足a v b v c的三角形（用给定的单位长度，不写作法，保留作图痕迹）单位长度22. (2015?杭州)设函数 y ( x - 1) [ ( k - 1) x+ (k - 3) ] ( k 是常数). (1)当k 取1和2时的函数y i 和y 2的图象如图所示，请你在同一直角坐标系中画出当 k 取0时的函数的图象;(2) 根据图象，写出你发现的一条结论；(3) 将函数y 2的图象向左平移4个单位，再向下平移 2个单位，得到的函数 y a 的图象，求函数y a 的最小值.23. (2015?杭州)方成同学看到一则材料：甲开汽车，乙骑自行车从 M 地出发沿一条公路匀速前往 N 地•设乙行驶的时间为t (h ),甲乙两人之间的距离为y ( km ), y 与t 的函数关系如图1所示.方成思考后发现了如图 1的部分正确信息：乙先出发 1h ;甲出发0.5小时与乙相遇；….请你帮助方成同学解决以下问题：(1) 分别求出线段 BC , CD 所在直线的函数表达式； (2) 当20v y v 30时，求t 的取值范围；(3) 分别求出甲，乙行驶的路程 S 甲, S 乙与时间t 的函数表达式，并在图 2所给的直角坐标系中分别画出它们的图 象; 从 N 地沿同一公路匀速前往 M 地，若丙经过 h 与乙相遇，问丙出发后多少时间3与甲相遇?24. (2015?宁波)宁波火车站北广场将于 2015年底投入使用，计划在广场内种植A ，B 两种花木共6600棵，若A花木数量是B 花木数量的2倍少600棵 (1) A ，B 两种花木的数量分别是多少棵？ (2) 如果园林处安排 26人同时种植这两种花木，每人每天能种植A 花木60棵或B 花木40棵，应分别安排多少 人种植A 花木和B 花木，才能确保同时完成各自的任务？225. (2015?宁波)已知抛物线 y= (x - m ) -( x - m )，其中m 是常数.(4) 丙骑摩托车与乙同时出发,(1) 求证：不论 m 为何值，该抛物线与 x 轴一定有两个公共点； (2)若该抛物线的对称轴为直线 x=2① 求该抛物线的函数解析式；② 把该抛物线沿y 轴向上平移多少个单位长度后，得到的抛物线与x 轴只有一个公共点.26. (2015?台州)如图，四边形 ABCD 内接于O O ,点E 在对角线 AC 上，EC=BC=DC . (1) 若/ CBD=39 ° 求/ BAD 的度数； (2) 求证：/ 1 = / 2.27. (2015?台州)如图，在多边形 ABCDE 中，/ A= / AED= / D=90 ° AB=5 , AE=2 , ED=3，过点 E 作 EF // CB 交AB 于点F , FB=1，过AE 上的点P 作PQ / AB 交线段EF 于点O ,交折线 BCD 于点Q ,设AP=x , PO?OQ=y . (1) ①延长BC 交ED 于点M ，贝U MD= _____________ , DC= ___________ ; ②求y 关于x 的函数解析式；(2) 当a 夯d (a > 0)时，9a 鬥詣b ,求a , b 的值；228. (2015?宁波)在边长为1的小正方形组成的方格纸中，若多边形的各顶点都在方格纸的格点(横竖格子线的交 错点)上，这样的多边形称为格点多边形.记格点多边形内的格点数为 a ,边界上的格点数为 b ,则格点多边形的 面积可表示为 S=ma+nb - 1,其中m , n 为常数. (1)在下面的方格中各画出一个面积为 6的格点多边形，依次为三角形、平行四边形(非菱形)、菱形；(2) 利用(1)中的格点多边形确定 m , n 的值.29. (2015?台州)定义：如图1，点M , N 把线段AB 分割成 AM , MN 和BN ，若以AM , MN , BN 为边的三角形 是一个直角三角形，则称点M , N 是线段AB 的勾股分割点.(1)已知点M , N 是线段AB 的勾股分割点，若 AM=2 , MN=3，求BN 的长；三住三平行四边形(m 凄形) 菱形(2) 如图2,在厶ABC 中，FG 是中位线，点 D , E 是线段BC 的勾股分割点，且 EC >DE £D ，连接AD , AE 分 别交FG 于点M , N ，求证：点 M , N 是线段FG 的勾股分割点； (3)已知点C 是线段AB 上的一定点，其位置如图 3所示，请在BC上画一点D ，使点C ，D 是线段AB 的勾股分 割点(要求尺规作图，保留作图痕迹，画一种情形即可) ；(4) 如图4,已知点 M , N 是线段 AB 的勾股分割点， MN > AM 汩N , △ AMC , △ MND 和厶NBE 均为等边三角 形，AE 分别交CM , DM , DN 于点F , G , H ，若H 是DN 的中点，试探究 S ^AMF , S ^ BEN 和S 四边形MNHC 的数量 关系，并说明理由.30. (2015?宁波)如图1，点P 为/ MON 的平分线上一点，以 P 为顶点的角的两边分别与射线OM , ON 交于A ,2B 两点，如果/ APB 绕点P 旋转时始终满足 OA?OB=OP ，我们就把/ APB 叫做/ MON 的智慧角. (1)如图2,已知/ MON=90 °点P 为/ MON 的平分线上一点，以 P 为顶点的角的两边分别与射线 OM , ON 交于A , B 两点，且/ APB=135 °求证：/ APB 是/ MON 的智慧角.(2) 如图1,已知/ MON= a ( 0 °< aV 90°, OP=2 .若/ APB 是/ MON 的智慧角，连结 AB ，用含a 的式子分别 表示/ APB 的度数和△ AOB 的面积.(3) 如图3, C 是函数y=^ (x >0)图象上的一个动点，过 C 的直线CD 分别交x 轴和y 轴于A , B 两点，且满足图3上 3/.V B图斗P 的坐标.0 ----------? 圍3BC=2CA ，请求出/ AOB 的智慧角/ APB 的顶点参考答案与试题解析一 •选择题（共10小题）1. （ 2015?宁波）如图是由五个相同的小立方块搭成的几何体，则它的俯视图是（考点：简单组合体的三视图.分析：找到从上面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在俯视图中. 解答：解：从上面看易得上面一层有 3个正方形，下面中间有一个正方形.故选A .考点：圆锥的计算.分析：由圆锥的几何特征，我们可得用半径为30cm ，面积为300冗cm 1 2的扇形铁皮制作一个无盖的圆锥形容器，则圆锥的底面周长等于扇形的弧长，据此求得圆锥的底面圆的半径.解答：解：设铁皮扇形的半径和弧长分别为 R 、I ，圆锥形容器底面半径为r ,则由题意得 R=30，由 Rl=300 n 得l=20 n; 2 由 2 n =l 得 r=10cm ; 故选B .本题考查的知识点是圆锥的体积，其中根据已知制作一个无盖的圆锥形容器的扇形铁皮的相关几何量，计 算出圆锥的底面半径和高，是解答本题的关键.3. （2015?金华）图2是图1中拱形大桥的示意图，桥拱与桥面的交点为O , B ,以点O 为原点，水平直线 OB 为x点评：本题考查了三视图的知识，俯视图是从物体的上面看得到的视图.22. （2015?宁波）如图，用一个半径为 30cm ，面积为300 mm 的扇形铁皮，制作一个无底的圆锥（不计损耗） ，则 圆锥的底面半径r 为（ ）10cmC . 20cmD . 5 Ticm点评:轴，建立平面直角坐标系，桥的拱形可近似看成抛物线y（x- 80） 3 4+16，桥拱与桥墩AC的交点C恰好在400水面，有AC丄x轴，若OA=10米，则桥面离水面的高度AC为（）图1 圉2A . 16卫米B. .-米 C . 16一米D.—」米40404]考点：二次函数的应用.专题：计算题.分析：先确定C点的横坐标，然后根据抛物线上点的坐标特征求出C点的纵坐标，从而可得到AC的长.解答：解：AC丄x轴，OA=10米，•••点C的横坐标为-10,当x= - 10 时，y=-」—（x- 80）2+16=-------- -- （- 10 - 80）2+16=-—,400 400 4••• C （- 10,』），41 7•桥面离水面的高度AC为土m.4故选B .点评：本题考查了二次函数的应用：禾U用二次函数解决抛物线形的隧道、大桥和拱门等实际问题时，要恰当地把这些实际问题中的数据落实到平面直角坐标系中的抛物线上，从而确定抛物线的解析式，通过解析式可解决一些测量问题或其他问题.4. （2015?宁波）在端午节到来之前，学校食堂推荐了A, B , C三家粽子专卖店，对全校师生爱吃哪家店的粽子作调查，以决定最终向哪家店采购，下面的统计量中最值得关注的是（）A .方差B .平均数C .中位数D .众数考点：统计量的选择. 分析：学校食堂最值得关注的应该是哪种粽子爱吃的人数最多，即众数.解答：解：由于众数是数据中出现次数最多的数，故学校食堂最值得关注的应该是统计调查数据的众数. 故选D.点评：此题主要考查统计的有关知识，主要包括平均数、中位数、众数的意义•反映数据集中程度的统计量有平均数、中位数、众数等，各有局限性，因此要对统计量进行合理的选择和恰当的运用.45. （2015?宁波）二次函数y=a （x- 4） - 4 （a和）的图象在2v x v 3这一段位于x轴的下方，在6v x v 7这一段位于x轴的上方，则a的值为（）A . 1 B. - 1 C . 2 D . - 2考点：抛物线与x轴的交点.分析：彳根据抛物线顶点式得到对称轴为直线x=4，利用抛物线对称性得到抛物线在 1 v x V 2这一段位于x轴的上方，而抛物线在2v x v 3这一段位于x轴的下方，于是可得抛物线过点（2, 0）,然后把（2, 0）代入y-a （x2-4）- 4 （a#））可求出a的值.解答：丿解: •••抛物线y-a （x —4）2—4 （a旳）的对称轴为直线x-4,而抛物线在6 v x v 7这一段位于x轴的上方，•••抛物线在1 v x v 2这一段位于x轴的上方，•••抛物线在2 v x v 3这一段位于x轴的下方，•抛物线过点（2, 0）,把（2, 0）代入y-a （x —4）2— 4 （a#0）得4a—4-0，解得a-1. 故选A.点评：：2本题考查了抛物线与x轴的交点：求一次函数y-ax+bx+c （a, b, c是常数，a#））与x轴的交点坐标，令2 2/-0 ,即ax +bx+c-0，解关于x的一兀一次方程即可求得交点横坐标. △ -b 4ac决疋抛物线与x轴的交99O点个数：△ -b —4ac> 0时，抛物线与x轴有2个交点；△ -b —4ac-0时，抛物线与x轴有1个交点；△ -b -4ac v 0时，抛物线与x轴没有交点.6. （2015?宁波）如图，O O为厶ABC的外接圆，/ A=72 °则/ BCO的度数为（）A .15°B. 18°C. 20° D . 28°考点：圆周角定理.专题：计算题.分析：连结OB，如图，先根据圆周角定理得到/ BOC-2 / A-144 °然后根据等腰三角形的性质和三角形内角和定理计算/ BCO的度数.解答：解：连结OB,如图，/ BOC=2 / A=2 X72°=144 °•/ OB=OC ,•••/ CBO= / BCO ,•••/ BCO=丄(180°—/ BOC)=丄X( 180。

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