1.3重集的排列及组合

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2020-2021学年数学北师大版选修2-3学案:1.3 组合 Word版含解析

2020-2021学年数学北师大版选修2-3学案:1.3 组合 Word版含解析

§3组合知识点一组合的定义[填一填]一般地,从n个不同元素中,任取m(m≤n)个元素为一组,叫作从n 个不同元素中取出m个元素的一个组合,我们把有关求组合的个数的问题叫作组合问题.[答一答]1.如何区分一个问题是排列问题还是组合问题?提示:一个问题究竟是组合问题还是排列问题,不能想当然地判断,必须要结合具体的问题,依照题目的要求,寻找处理的过程中是否与顺序有关,如果与顺序有关,就是排列问题,否则就是组合问题.知识点二 组合[填一填]我们把从n 个不同元素中取出m (m ≤n )个元素的所有组合的个数,叫作从n 个不同元素中取出m 个元素的组合数,用符号C m n 表示.[答一答]2.如何理解记忆组合数公式?提示:在记住排列数公式的基础上,分母再除以m !就得组合数公式. 知识点三 组合数的性质[填一填]性质1:C m n =C n -m n. 性质2:C m n +1=C m n +C m -1n. [答一答]3.如何理解和记忆组合数的性质.提示:从n 个元素中取m 个元素,剩余(n -m )个元素,故C m n =C n -m n .从n +1个元素中取m 个元素记作C m n +1,可认为分作两类:第一类为含有某元素a 的取法为C m -1n,第二类不含有此元素a ,则为C m n ,根据分类加法计数原理得C m n +1=C m n +C m -1n.1.组合的定义(1)给出的n 个元素是互不相同的,且从n 个元素中抽取m 个元素是没有重复抽取情况的,因而这m 个元素也是互不相同的,这就决定了m ≤n .(2)组合的定义中包含两个基本内容:一是“取出元素”,二是“并成一组”,“并成一组”即表示与顺序无关.(3)由定义可知,两个组合相同,只需这两个组合的元素相同即可.2.组合数我们可以从集合的角度来理解,从n 个不同元素中取出m 个元素并成一组是一个组合,任取m 个元素组成的组合的全体构成一个集合,例如:从3个不同元素a ,b ,c 中任取2个的所有组合构成的集合为:A ={ab ,ac ,bc }.所谓组合数就是求这个集合的元素的个数.从集合中可以清楚地了解组合之间的互异性.3.组合数公式(1)组合数公式的推导应注意以下两点:①遵循从特殊到一般的原则,重点研究了从3个不同元素中取出2个元素的组合数.推导过程中采用了穷举法.②遵循以退为进的原则,先建立了组合与排列之间的对应关系,依据分步计数原理,把求从n 个不同元素中取出m 个元素的排列数的过程分为两步完成:求组合数;求全排列数.从而利用这种对应关系和已知的排列数公式得到组合数公式.我们应理解和掌握这种分步解决问题的思路,它在解决排列组合应用题时非常重要.(2)组合数公式的应用对于组合数公式我们强调:第一个公式体现了组合数与相应排列数的关系,当n 确定而m 变化时,组合数与m 的一种函数关系.第二个公式C m n =n !m !(n -m )!的主要作用有: ①当m ,n 较大时,可借助计算器,利用这个公式计算组合数比较方便.②对含有字母的组合数的式子进行变形和论证时,常用此式.4.组合数的两个性质(1)性质1:C m n =C n -m n①从n 个元素中取出m 个元素,相当于从这n 个元素中留下n -m 个元素,所以C m n =C n -m n.这体现了“取法”与“剩法”是“一一对应”的思想.②性质表达式的特点:等号两边组合数的下标相同,上标之和等于下标.③性质的作用:(Ⅰ)当m >n 2时,计算C m n 可转化为计算C n -m n,简化运算;(Ⅱ)C x n =C y n ⇒x =y 或x +y =n .(2)性质2:C m n+1=C m n+C m-1n,①从含有a的n+1个不同的元素中取出m个元素的组合数是C m n+1这些组合可以分为两类:第一类:取出的m个元素中含有元素a,相当于个.第二类:从不含a的n个不同的元素中取出m-1个元素,共有C m-1n取出的m个元素中不含元素a,相当于从不含a的n个不同的元素中取出.这体现了“含m个元素,共有C m n个.根据加法原理,得到C m n+1=C m n+C m-1n与不含某元素”的分类思想.②性质表达式的特点:下标相同而上标差1的两个组合数之和,等于下标比原下标多1而上标与较大的相同的一个组合数.③性质的作用:恒等变形,简化运算.在今后学习“二项式定理”时,我们会看到它的具体应用.题型一组合的概念[例1](1)从甲、乙、丙、丁四位老师中选出两位去参加学习交流会,试判断该问题是组合问题还是排列问题,并写出所有的可能情况;(2)从甲、乙、丙、丁四位老师中选出两位分别到A,B两个班级当班主任,试判断该问题是组合问题还是排列问题,并写出所有的可能情况.[思路探究](1)两位老师参加学习交流会没有顺序要求,是组合问题;(2)由于班级不一样,若选出两位老师后,安排班级不同时,结果不一样,所以是排列问题.[解](1)该问题为组合问题,所有情况为:甲、乙,甲、丙,甲、丁,乙、丙,乙、丁,丙、丁,共6种情况.(2)该问题为排列问题,班级A,B的班主任的所有情况为:(甲,乙),(乙,甲),(甲,丙),(丙,甲),(甲,丁),(丁,甲),(乙,丙),(丙,乙),(乙,丁),(丁,乙),(丙,丁),(丁,丙),共12种情况.规律方法用组合的知识解简单的应用题时,首先要判断它是不是组合问题,组合问题与排列问题的根本区别在于:排列问题与顺序有关,而组合问题与顺序无关.若顺序对结果无影响,则是组合问题,若顺序对结果有影响,则是排列问题.判断下列问题是组合问题还是排列问题.(1)设集合A ={a ,b ,c ,d ,e },则集合A 的子集中含有3个元素的有多少个?(2)某铁路线上有5个车站,则这条线上共需准备多少种车票?多少种票价?(3)3人去干5种不同的工作,每人干一种,有多少种分工方法?(4)把3本相同的书分给5个学生,每人最多分得1本,有几种分配方法?解:(1)因为本问题与元素顺序无关,故是组合问题.(2)因为甲站到乙站的车票与乙站到甲站的车票是不同的,故是排列问题;但票价与顺序无关,甲站到乙站与乙站到甲站是同一种票价,故是组合问题.(3)因为分工方法是从5种不同的工作中选出3种,按一定顺序分给3个人去干,故是排列问题.(4)因为3本书是相同的,无论把3本书分给哪三人,都不需考虑他们的顺序,故是组合问题.题型二 有关组合数的计算或证明[例2] (1)已知C 5n -1+C 3n -3C 3n -3=345,求n . (2)证明:①C n m =m m -n C n m -1, ②C k n ·C m -k n -k =C m n C k m .[思路探究] 充分利用组合数公式及性质解题,并注意有关限制条件.[解] (1)原方程可变形为C 5n -1C 3n -3+1=195,即C 5n -1=145C 3n -3,即(n -1)(n -2)(n -3)(n -4)(n -5)5!=145·(n -3)(n -4)(n -5)3!, 化简整理得n 2-3n -54=0.解此二次方程得n =9或n =-6(不合题意,舍去).∴n =9. (2)证明:①m m -n C n m -1=m m -n ·(m -1)!n !(m -1-n )!=m !n !(m -n )!=C n m . ②∵C k n ·C m -k n -k =n !k !(n -k )!·(n -k )!(m -k )!(n -m )!=n !k !(m -k )!(n -m )!. C m n ·C k m =n !m !(n -m )!·m !k !(m -k )!=n !k !(n -m )!(m -k )!, ∴C k n ·C m -k n -k =C m n ·C k m .规律方法 解和组合数有关的方程、不等式、求值、证明等问题时,要注意组合数公式及性质,同时注意其成立的条件.计算:(1)C 58+C 98100·C 77; (2)C 05+C 15+C 25+C 35+C 45+C 55;(3)C n n +1·C n -1n . 解:(1)原式=C 38+C 2100×1=8×7×63×2×1+100×992×1=56+4 950=5 006. (2)原式=2(C 05+C 15+C 25)=2(C 16+C 25)=2(6+5×42×1)=32. (3)方法一:原式=C n n +1·C 1n =(n +1)!n !·n =(n +1)·n !n !·n =(n +1)n =n 2+n . 方法二:原式=(C n n +C n -1n )·C n -1n =(1+C 1n )·C 1n =(1+n )·n =n 2+n . 题型三 无约束条件的组合问题[例3] 一个口袋内装有大小相同的7个白球和1个黑球.(1)从口袋内取出3个球,共有多少种取法?(2)从口袋内取出3个球,使其中含有1个黑球,有多少种取法?(3)从口袋内取出3个球,使其中不含黑球,有多少种取法?[思路探究] 先判断是不是组合问题,再用组合数公式写出结果,最后求值.[解] (1)从口袋内的8个球中取出3个球,取法种数是C 38=8×7×63×2×1=56.(2)从口袋内取出3个球有1个是黑球,于是还要从7个白球中再取出2个,取法种数是C 11C 27=7×62×1=21. (3)由于所取出的3个球中不含黑球,也就是要从7个白球中取出3个球,取法种数是C 37=7×6×53×2×1=35. 规律方法 解简单的组合应用题,要首先判断它是不是组合问题,即取出的元素是“合成一组”还是“排成一列”其次要看这件事是分类完成还是分步完成.现有10名教师,其中男教师6名,女教师4名.(1)现要从中选2名去参加会议,有多少种不同的选法?(2)现要从中选出男、女教师各2名去参加会议,有多少种不同的选法?解:(1)从10名教师中选2名去参加会议的选法有C 210=45种.(2)从6名男教师中选2名有C 26种选法,从4名女教师中选2名有C 24种选法.根据分步乘法计数原理,共有选法C 26C 24=90种.题型四 有约束条件的组合问题[例4] 要从12人中选出5人去参加一项活动,按下列要求,有多少种不同选法?(1)A ,B ,C 三人必须入选;(2)A ,B ,C 三人都不能入选;(3)A ,B ,C 三人只有一人入选;(4)A ,B ,C 三人至少一人入选;(5)A ,B ,C 三人至多两人入选.[思路探究] 判断是否与顺序有关,确定是否为组合问题.[解](1)只需再从A,B,C之外的9人中选择2人,所以有方法C29=36(种).(2)由于A,B,C三人都不能入选,所以只能从余下的人中选择5人,即有选法C59=126(种).(3)可分两步:先从A,B,C三人中选出一人,有C13种选法;再从其余的9人中选择4人,有C49种选法.所以共有选法C13C49=378(种).(4)(直接法)可分三类:①A,B,C三人只选一人,则还需从其余9人中选择4人,有选法C13C49=378(种);②A,B,C三人中选择两人,则还需从其余9人中选择3人,有选法C23C39=252(种);③A,B,C三人都入选,则只需从余下的9人中选择2人,有选法C33C29=36(种).由分类加法计数原理,共有选法378+252+36=666(种).(间接法)先从12人中任选5人,再减去A,B,C三人都不入选的情况,共有选法C512-C59=666(种).(5)(直接法)可分三类:①A,B,C三人均不入选,有C59种选法;②A,B,C三人中选一人,有C13C49种选法;③A,B,C三人中选两人,有C23C39种选法.由分类加法计数原理,共有选法C59+C13C49+C23C39=756种.(间接法)先从12人中任选5人,再减去A,B,C三人均入选的情况,即共有选法C512-C29=756种.规律方法解答有限制条件的组合问题的基本方法是“直接法”和“间接法(排除法)”.其中用直接法求解时,则应坚持“特殊元素优先选取”的原则,优先安排特殊元素的选取,再安排其他元素的选取.而选择间接法的原则是“正难则反”,也就是若正面问题分类较多、较复杂或计算量较大,不妨从反面问题入手,试一试看是否简捷些,特别是涉及“至多”、“至少”等组合问题时更是如此.此时正确理解“都不是”“不都是”“至多”“至少”等词语的确切含义是解决这些组合问题的关键.(1)四面体的一个顶点为A ,从其他顶点和各棱中点中取3个点,使它们和点A 在同一平面上,有多少种不同的取法?解:(直接法)如题图,含顶点A 的四面体的3个面上,除点A 外都有5个点,从中取出3点必与点A 共面,共有3C 35种取法;含顶点A 的三条棱上各有三个点,它们与所对的棱的中点共面,共有3种取法.根据分类加法计数原理,与顶点A 共面三点的取法有3C 35+3=33(种).(2)现有16张不同的卡片,其中红色、黄色、蓝色、绿色卡片各4张.从中任取3张,要求这3张卡片不能是同一种颜色,且红色卡片至多1张,不同取法的种数为( C )A .232B .252C .472D .484解析:本题考查了利用组合知识来解决实际问题. 方法一:C 316-4C 34-C 24C 112=16×15×146-16-72=560-88=472. 方法二:C 04C 312-3C 34+C 14C 212=12×11×106-12+4×12×112=220+264-12=472.解题时要注意直接求解与反面求解相结合,做到不漏不重.题型五 分配问题[例5] 有6本不同的书,按照以下要求处理,各有几种分法?(1)平均分给甲、乙、丙三人;(2)甲得1本,乙得2本,丙得3本;(3)一人得1本,一人得2本,一人得3本;(4)平均分成三堆(组);(5)一堆1本,一堆2本,一堆3本.[思路探究](1)、(2)两题可设想甲、乙、丙三人依次如数取书;(3)则在(2)的基础上甲、乙、丙三人全排列分配;由等概率思想,(4)为(1)的A33分之一;(5)为(3)的A33分之一.[解](1)每人得2本,可考虑甲先在6本书中任取2本,取法有C26种,再由乙在余下的书中取2本,取法有C24种,最后由丙取余下的2本书,有C22种取法,由分步计数原理.所以共有分法数:N=C26C24C22=90.所以一共有90种取法.(2)选取方法同(1),所以共有分法数N=C16C25C33=60.所以一共有60种取法.(3)在(2)中甲得1本,乙得2本,丙得3本的基础上,考虑到甲、乙、丙三人的机会相等,让甲、乙、丙三人全排列调换位置,所以共有分法数:N=C16C23C33·A33=360.所以一共有360种选法.(4)由于三堆的位置并无差别,可在(1)的情况下,得共有分法数为:N=C26·C24C22A33=15.所以一共有15种分法.(5)类似(4)与(1),考虑本题与(3)的差别,所以共有分法数:N=C16C25C33=60(种).所以一共有60种分法.规律方法本题利用计数原理和组合知识,解决了分配问题.解决此类问题关键是实现合理的转化,最基本最简单的情形是分到具体的人,并且各人分的数目确定,其他的都要向这种情形转化.现有5名学生要进入某工厂的四个车间去实习,每个车间至多去2人,有多少种不同的方法?解:本例要求5个人去四个车间,每个车间至多去2人,但是并没有强调每个车间必须去几人,因此,本例可分为如下两类:有一个车间去2人,其余三个车间各去1人,或者,有两个车间各去2人,一个车间去1人,一个车间不去人.依题意,至少有一个车间去2人,至多有两个车间各去2人,因此,实习方案可分为两类:第一类:有一个车间去2人,其余三个车间各去1人,所以,先在5个人中任选2人去一个车间,有C25种方法;将此2人看做1个元素,连同其余3个人,共4个元素分别到四个车间,有A44种方法,∴共有C25·A44=240(种).第二类:有两个车间各去2个人,一个车间去1个人,一个车间不去人,因此,先在5个人中确定1个人去一个车间,并在四个车间中选一个车间插入此人,有C15·C14种方法;然后在其余4个人中选2人到一个车间,另2人则自然到另一车间,并在剩下的三个车间中选两个车间来安排他们,有C24·C22·C23(种)方法,∴共有C15·C14·C24·C22·C23=360(种)方法.由分类加法计数原理可知,所求方法共有240+360=600(种).题型六排列、组合的综合应用[例6]有4个不同的球,四个不同的盒子,把球全部放入盒内.(1)共有多少种放法?(2)恰有一个盒不放球,有多少种放法?(3)恰有一个盒内放2个球,有多少种放法?(4)恰有两个盒内不放球,有多少种放法?[思路探究](1)可直接用分步计数原理.(2)问题转化为:“4个球,三个盒子,每个盒子都要放球,共有几种放法?”(3)该问题事实上与问题(2)是同一个问题.(4)问题转化为:“4个球,两个盒,每个盒必须放入球,有几种放法?”[解](1)一个球一个球地放到盒子里去,每个球都可有4种独立的放法,由分步乘法计数原理知,放法共有44=256(种).(2)为保证“恰有一个盒子不放球”,先从四个盒子中任意拿出去1个,即将4个球分成2,1,1的三组,有C24种分法;然后再从三个盒子中选一个放两个球,其余两个球,两个盒子,全排列即可.由分步计数原理知,共有放法:C14·C24·C13·A22=144(种).(3)“恰有一个盒内放2个球”,即另外的三个盒子放2个球,而每个盒子至多放1个球,即另外三个盒子中恰有一个空盒.因此,“恰有一个盒子放2个球”与“恰有1个盒子不放球”是一回事,故也有144种放法.(4)先从四个盒子中任意拿走两个有C24种拿法,问题转化为:“4个球,两个盒子,每盒必放球,有几种放法?”从放球数目看,可分为(3,1),(2,2)两类.第一类:可从4个球中先选3个,然后放入指定的一个盒子中即可,有C34·C12种放法;第二类:有C24种放法.因此共有C34·C12+C24=14(种).由分步乘法计数原理得“恰有两个盒子不放球”的放法有:C24·14=84(种).规律方法该例的分析过程比较重要,当问题从某个方面入手较困难时,可从另外一个角度去思考.该例是用直接法求解.有几个小题也可用间接法.请同学们试试.(1)我省高中学校自实施素质教育以来,学生社团得到迅猛发展.某校高一新生中的五名同学打算参加“春晖文学社”“舞者轮滑俱乐部”“篮球之家”“围棋苑”四个社团.若每个社团至少有一名同学参加,每名同学至少参加一个社团且只能参加一个社团,且同学甲不参加“围棋苑”,则不同的参加方法的种数为(C)A.72 B.108C.180 D.216解析:甲需从另外3个选一个,有C13种方法,其余可分两类,第一类:除同学甲外的另四名同学分别参加四个社团,共有A44种,第二类:其余四名同学只参加三个社团,共有C24A33种,所以一共有C13(A44+C24A33)=180(种).(2)从1到9的九个数中取三个偶数和四个奇数,试问: ①能组成多少个没有重复数字的七位数? ②上述七位数中三个偶数排在一起有几个?③在①中的七位数中,偶数排在一起,奇数也排在一起的有几个? ④在①中任意两个偶数都不相邻的七位数有几个?解:①分步完成:第一步在4个偶数中取3个,可有C 34种情况;第二步在5个奇数中取4个,可有C 45种情况;第三步3个偶数,4个奇数进行排列,可有A 77种情况,所以符合题意的七位数有C 34·C 45·A 77=100 800(个). ②上述七位数中,三个偶数排在一起的有C 34·C 45·A 55·A 33=14 400(个).③上述七位数中,3个偶数排在一起,4个奇数也排在一起的有C 34·C 45·A 33·A 44·A 22=5 760(个).④上述七位数中,偶数都不相邻,可先把4个奇数排好,再将3个偶数分别插入5个空当,共有C 34·C 45·A 44·A 35=28 800(个).——误区警示系列——1.组合数公式用错致误[例6] 已知1C m 5-1C m 6=710C m 7,求m .[错解] 由已知得m !(5-m )!5!-m !(6-m )!6!=7(7-m )!m !10×7!,即60-10(6-m )=(7-m )(6-m ),整理,得m 2-23m +42=0,解得m =21或m =2. [正解] 依题意知m 的取值范围是{m |0≤m ≤5,m ∈N }. 由已知得m !(5-m )!5!-m !(6-m )!6!=7(7-m )!m !10×7!,整理,得m 2-23m +42=0,解得m =21或m =2. ∵m ∈[0,5],∴m =2.[辨析] 这是一个关于m 的含组合数的方程.错解中,转化为关于m 的一元二次方程后,忽略了m 的允许值的范围导致出错.解这类题时,要将C m n 中m ,n 的范围与方程的解综合考虑,切忌盲目求解.2.概念混淆致误[例7] 有甲、乙、丙3项任务,任务甲需要2人承担,任务乙、丙各需要1人承担,从10人中选派4人承担这3项任务,不同的选法共有________种(用数字作答).[错解一] 分3步完成:第一步:从10人中选出4人,有C 410种方法. 第二步:从这4人中选出2人承担任务甲,有A 24种方法. 第三步:剩下的2人分别承担任务乙、丙,有A 22种方法. 根据乘法原理,不同的选法共有C 410A 24A 22=5 040种. [错解二] 分3步完成,不同的选法共有C 410C 24C 22=1 260种.[正解一] 先从10人中选出2人承担任务甲 ;再从余下8人中选出1人承担任务乙;最后从剩下的7人中选出1人去承担任务丙.根据乘法原理,不同的选法共有C 210C 18C 17=2 520(种).[正解二] 先从10人中选出2人承担任务甲;再从余下8人中选出2人分别承担任务乙、丙.根据乘法原理,不同的选法共有C 210A 28=2 520(种).[辨析] 错解一的错因是:“排列”“组合”概念混淆不清.承担任务甲的两人与顺序无关,此处应是组合问题,即A 24应为C 24.错解二的错因是:剩下的2人去承担任务乙、丙,这与顺序有关,此处应是排列问题,即C 22应为A 22.1.解不等式C m -18>3C m 8.解:由8!(m -1)!(9-m )!>3×8!m !(8-m )!,整理得19-m >3m ,所以m >27-3m .所以m >274=7-14.又因为0≤m -1≤8,且0≤m ≤8,m ∈N ,所以7≤m≤8,所以m=7或8.2.上海某区政府召集5家企业的负责人开年终总结经验交流会,其中甲企业有2人到会,其余4家企业各有1人到会,会上推选3人发言,则这3人来自3家不同企业的可能情况的种数为16.解析:若3人中有一人来自甲企业,则共有C12C24种情况;若3人中没有甲企业的,则共有C34种情况.由分类加法原理可得,这3人来自3家不同企业的可能情况共有C12C24+C34=16(种).1.以下四个命题,属于组合问题的是(C)A.从3个不同的小球中,取出2个排成一列B.老师在排座次时将甲、乙两位同学安排为同桌C.在电视节目中,主持人从100位幸运观众中选出2名幸运之星D.从13位司机中任选出两位开两辆车从甲地到乙地解析:A,B,D与顺序有关,是排列问题,只有C与顺序无关,是组合问题.2.某校开设A类选修课3门,B类选修课4门,一位同学从中共选3门.若要求两类课程中各至少选一门,则不同的选法共有(A) A.30种B.35种C.42种D.48种解析:方法一:可分为以下2种情况:(1)A类选修课选1门,B类选修课选2门,有C13C24种不同的选法;(2)A类选修课选2门,B类选修课选1门,有C23C14种不同的选法.故不同的选法共有C13C24+C23C14=18+12=30(种).方法二:∵事件“两类课程中各至少选一门”的对立事件是“全部选修A或全部选修B”∴两类课程中各至少选一门的选法有:C37-C33-C34=30(种).3.甲、乙、丙三地之间有直达的火车,相互之间距离均不相等且无通票,则车票票价的种数是(C)A.1 B.2C.3 D.6解析:从甲、乙、丙三地中任取两个地点则对应着一个票价,故票价应为C 23=3(种).4.计算:C 11+C 12+C 13+C 14+…+C 110=55.解析:原式=1+2+3+4+…+10=10×(1+10)2=55. 5.若C 23+C 24+C 25+…+C 2n =363,则正整数n =13. 解析:由C 23+C 24+C 25+…+C 2n =363, 得1+C 23+C 24+C 25+…+C 2n =364, 即C 33+C 23+C 24+C 25+…+C 2n =364.又由C m n +C m -1n =C m n +1,则C 33+C 23+C 24+C 25+…+C 2n =C 34+C 24+C 25+…+C 2n =C 35+C 25+C 26+…+C 2n =C 3n +1,所以C 3n +1=364,即(n +1)n (n -1)3×2×1=364,又由n 是正整数,解得n =13.6.求证:A 8100=100A 77·C 799. 证明:∵100·A 77·C 799=100×7!×99!7!(99-7)!=100×99!92!=100!(100-8)!=A 8100,∴原等式成立.感谢您的下载!快乐分享,知识无限!。

组合数学:1-3 组合意义的解释与应用举例

组合数学:1-3 组合意义的解释与应用举例
(a,b)
(c a ) (d b ) (a , b ) (c , d ) . c a
(c,d)
在原模型的基础上若设m<n,求(0,1)点到(m,n)点不 接触对角线x=y的非降路径的数目 (“接触”包括“ 穿过”)? 从(0,1)点到(m,n)点的非降路径,有的接触x=y,有 的不接触。 对每一条接触x=y 的非降 (m,n) 路径,做(0,1)点到第一个 接触点部分关于x=y的对 称非降路径,这样得到一 (0,1) . 条从(1,0)到(m,n)的非降路 . 0 (1,0) 径。
共有C(n-1,r)+C(n-1,r-1)种方案。
解释2:利用非降路径 C(m+n,m) = C(m+n-1,m) + C(m+n-1,m-1) {(0,0)→(m,n)} ={(0,0)→(m,n-1)}∪{(0,0)→(m-1,n)}
n n 1 n 2 n r n r 1 3. ... ; n n n n n1
解释1:从m个互异红球和n个互异蓝球中取r个球, 按r个球中红球的个数分类。 解释2:(0,0)到(m+n-r,r)点的路径: (0,0)→(m-r+k,r-k)→(m+n-r,r) C(m,r-k) C(n,k)
P(m-r,r) (m+n-r,r)
m n r
m n r k k . k0
(2) 可重组合 C(N+n-1,n)。
例2 某保密装置须同时使用若干把不同的钥匙才能 打开。现有7个人,每人持若干把钥匙。须4人到 场,所备钥匙才能开锁。问: (1) 至少有多少把不同的钥匙? (2) 每人至少持几把钥匙? (1) 每3人至少缺1把钥匙,且每3人所缺钥匙 不同。故至少共有C(7,3)=35把不同的钥匙。 (2) 任一人对于其他6人中的每3人,都至少有1把 钥匙与之相配才能开锁.故每人至少持C(6,3)=20 把不同的钥匙。

组合数学(张永刚)吉林大学 3.3 多重集的排列与组合

组合数学(张永刚)吉林大学 3.3 多重集的排列与组合
r
方法2 分析定理的结论, 是(n+r-1)元普 通集合的r-组合数,构造: M { a , a ,..., a }的r-组合 (n+r-1)元的普通集合S的r组合 一一对应.
1 2 n
n r 1 r
证明如下:为表达方便,将 M { a1 , a2 ,..., an } 中n种不同元素用数字1,2,…,n替换,这样每个 r-组合具有形式 { j1 , j2 ,, jr } 不妨设1 j1 i ,即 k1 j1 , k 2 j2 1,..., k r jr ( r 1) 1) 则
M 3 a,2 b,5 c,4 d
那么它的3排列? 2排列?4*4
若M中每个元素的重复度大于等于r,则 结论仍然成立。 这个问题对应的分配问题模型是:将r个 有区别的球放入n个不同的盒子中,且每 个盒子的球数不加以限制( 实际上,容量 大于等于r就行),而且同盒的球不分次 序,则不同的放法为nr 种
j1 | j2 | j3 | | jr |
在序列中每个ji后面用以竖线“|”标记,则 设第1个竖线前面的数字个数为x1,第1个 竖线与第2个竖线间的数字个数为x2,…, 第r个竖线后面的数字个数为xr+1。 根据题意,因为 { j1 , j2 ,, jr } 中任意两个数 都彼此不相邻,所以满足: x1≥1,x2≥2,…,xr≥2,xr+1≥0, 因为一共有n个数字,所以 x1+x2+x3+…+xr+xr+1=n。

如果多重集M有n个元素(包括重复的元素),则 M的n-组合只有一个,就是M本身。 如果M有n种不同元素,则M的1-组合恰有n个。

1.3 组合数学之排列

1.3 组合数学之排列
C(12,3)*9!=12!/3!
注意 本解法用到了组合的概念,它也可以作为基 本的组合模型
Yiqiang Wei <weiyiqiang@>
1.3 排列与组合
定义 从n个不同元素中取r个不重复的元素组成一 个子集,而不考虑其元素的顺序,称为从n个中 取r个的无重组合。 组合的全体组成的集合用 C(n,r) 表示, 所有不同组合的个数记为 C(n,r)或 Cnr 若球不同,盒子相同,则是从n个不同元素中取r 个不重复的组合的模型。
20种不同的花取3种排列的排列数是 P(20,3)=20 × 19 × 18=6840 根据乘法法,则得图案数为 20 ×6840=136800
Yiqiang Wei <weiyiqiang@>
1.3 排列与组合
例10 A单位有7名代表,B单位有3位代表,排成一 列合影,如果要求B单位的3人排在一起,问有多 少种不同的排列方案。若A单位的2人排在队伍两 端,B单位的3人不能相邻,问有多少种不同的排 列方案? B单位3人按一个元素参加排列,P(8,8)×P(3,3)
1.2 一一对应原理
1.3 排列与组合
1.3 排列与组合
定义 从n个不同的元素中,取r个不重复的元素, 按次序排列,称为从n个中取r个的无重排列。 排列的全体组成的集合用 P(n,r)表示。 所有不同排列的个数称为排列数,也记为P(n,r)。 或Prn,或Arn。 当r=n时称为全排列。所有不同全排列的个数记为 Pn或An。
0! 1, Pn0 1
从n中取出r个排列的模型,可看作是从n个有区 别的球中取出r个,放入r个有标记的盒子中,且 无一空盒。
Yiqiang Wei <weiyiqiang@>

组合与排列的计算方法

组合与排列的计算方法

组合与排列的计算方法组合与排列是数学中常见的计算方法,用于解决不同的问题。

在实际生活中,我们经常需要计算某些元素的组合方式或排列方式。

本文将详细介绍组合与排列的计算方法,包括定义、公式及应用范围等。

一、组合的计算方法1.1 定义组合是从给定的元素集合中,选取若干个元素按照一定的规则组成子集的方式。

在组合中,元素的顺序不重要,即组合只关注元素的选择,而不关注元素的排列顺序。

1.2 组合的计算公式对于含有n个元素的集合,从中选取m个元素进行组合,计算方法如下:C(n, m) = n! / (m! * (n-m)!)其中,C(n, m)表示从n个元素中选取m个元素的组合数量,n!表示n的阶乘,即n! = n * (n-1) * (n-2) * ... * 2 * 1。

1.3 组合的应用范围组合的计算方法在概率统计、排列组合等领域有广泛的应用。

例如,在抽奖活动中,求解中奖组合、在竞赛中求解选手比赛成绩排名等都需要用到组合的计算方法。

二、排列的计算方法2.1 定义排列是从给定的元素集合中,选取若干个元素按照一定的规则排列的方式。

与组合不同,排列中元素的顺序是重要的,即排列依赖元素的排列顺序。

2.2 排列的计算公式对于含有n个元素的集合,从中选取m个元素进行排列,计算方法如下:P(n, m) = n! / (n-m)!其中,P(n, m)表示从n个元素中选取m个元素的排列数量。

2.3 排列的应用范围排列的计算方法在密码学、统计分析、问题求解等领域有广泛的应用。

例如,在密码学中,求解密码的破译方式、在统计学中分析数据的排列情况等都需要用到排列的计算方法。

三、组合与排列的比较3.1 区别组合与排列的最主要区别在于元素选择的顺序是否重要。

组合只关注元素的选择,顺序不重要;而排列则依赖于元素的排列顺序。

3.2 应用场景组合适用于计算元素的选择方式,常用于抽奖、竞赛成绩排名等场景;排列适用于计算元素的排列方式,常用于密码破译、统计分析等场景。

2019-2020学年高中数学(苏教版 选修2-3)文档:第1章 1.3 第1课时 组合 组合数公式 Word版含答案

2019-2020学年高中数学(苏教版 选修2-3)文档:第1章 1.3 第1课时 组合 组合数公式 Word版含答案

1.3组合第1课时组合组合数公式1.理解组合的意义.(重点)2.掌握组合数的计算公式及其推导过程,并会用组合数公式求值.(重点、难点)[基础·初探]教材整理1组合与组合数的概念阅读教材P19,完成下列问题.1.组合一般地,从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素并成一组,叫做从n个不同元素中取出m个元素的一个组合.2.组合数从n个不同元素中取出m(m≤n)个元素的所有组合的个数,叫做从n个不同元素中取出m个元素的组合数,用符号Cm n表示.判断(正确的打“√”,错误的打“×”)(1)两个组合相同的充要条件是其中的元素完全相同.( )(2)从a1,a2,a3三个不同元素中任取两个元素组成一个组合,所有组合的个数为C23.( )(3)从甲、乙、丙3名同学中选出2名去参加某两个乡镇的社会调查,有多少种不同的选法是组合问题.( )(4)从甲、乙、丙3名同学中选出2名,有3种不同的选法.( )(5)现有4枚2015年抗战胜利70周年纪念币送给10人中的4人留念,有多少种送法是排列问题.( )【解析】(1)√因为只要两个组合的元素相同,不论元素的顺序如何,都是相同的组合.(2)√由组合数的定义可知正确.(3)×因为选出2名同学还要分到不同的两个乡镇,这是排列问题.(4)√因为从甲、乙、丙3人中选两名有:甲乙,甲丙,乙丙,共3个组合,即有3种不同选法.(5)× 因为将4枚纪念币送与4人并无顺序,故该问题是组合问题. 【答案】 (1)√ (2)√ (3)× (4)√ (5)× 教材整理2 组合数公式及性质 阅读教材P 20~P 22,完成下列问题. 1.组合数公式:Cm n =Am nAmm =错误!=错误!.2.组合数的性质:(1)Cm n =Cn -m n ;(2)Cm n +1=Cm n +Cm -1n .1.甲、乙、丙三地之间有直达的火车,相互之间的距离均不相等,则车票票价的种数是________种.【解析】 甲、乙、丙三地之间的距离不等,故票价不同,同距离两地票价相同,故该问题为组合问题,不同票价的种数为C23=3×22=3.【答案】 32.C26=________,C1718=________. 【解析】 C26=6×52=15, C1718=C118=18. 【答案】 15 183.方程Cx 14=C2x -414的解为________. 【导学号:29440009】【解析】由题意知⎩⎨⎧x =2x -4,2x -4≤14,x≤14或错误!解得x =4或6. 【答案】 4或64.从3,5,7,11这四个数中任取两个相乘,可以得到不相等的积的个数为________个. 【解析】 从四个数中任取两个数的取法为C24=6. 【答案】 6[质疑·手记]预习完成后,请将你的疑问记录,并与“小伙伴们”探讨交流: 疑问1:解惑:疑问2:解惑:疑问3:解惑:[小组合作型](1)10支球队以单循环进行比赛(每两队比赛一次),这次比赛需要进行多少场次?(2)10支球队以单循环进行比赛,这次比赛冠、亚军获得者有多少种可能?(3)从10个人里选3个代表去开会,有多少种选法?(4)从10个人里选出3个不同学科的课代表,有多少种选法?【精彩点拨】要确定是组合还是排列问题,只需确定取出的元素是否与顺序有关.【自主解答】(1)是组合问题,因为每两个队比赛一次并不需要考虑谁先谁后,没有顺序的区别.(2)是排列问题,因为甲队得冠军、乙队得亚军与甲队得亚军、乙队得冠军是不一样的,是有顺序的区别.(3)是组合问题,因为3个代表之间没有顺序的区别.(4)是排列问题,因为3个人中,担任哪一科的课代表是有顺序的区别.1.根据排列与组合的定义进行判断,区分排列与组合问题,先确定完成的是什么事件,然后看问题是否与顺序有关,与顺序有关的是排列,与顺序无关的是组合.2.区分有无顺序的方法把问题的一个选择结果写出来,然后交换这个结果中任意两个元素的位置,看是否会产生新的变化,若有新变化,即说明有顺序,是排列问题;若无新变化,即说明无顺序,是组合问题.[再练一题]1.从5个不同的元素a,b,c,d,e中取出2个,写出所有不同的组合.【解】要想写出所有组合,就要先将元素按照一定顺序排好,然后按顺序用图示的方法将各个组合逐个标出来,如图所示:由此可得所有的组合为ab ,ac ,ad ,ae ,bc ,bd ,be ,cd ,ce ,de .(1)计算:(2)计算:C38-n 3n +C3n 21+n.【精彩点拨】 (1)直接运用组合数公式进行计算; (2)先求出n ,再按组合数公式进行运算.【自主解答】 (1)3C38-2C25=3×8×7×63×2×1-2×5×42×1=148. (2)由组合数的意义可得 ⎩⎨⎧0≤38-n≤3n ,0≤3n≤21+n , 即⎩⎪⎨⎪⎧192≤n≤38,0≤n≤212,∴192≤n ≤212. ∵n ∈N *,∴n =10,∴C38-n 3n +C3n 21+n =C2830+C3031=C230+C131 =30×292×1+31=466.关于组合数计算公式的选取1.涉及具体数字的可以直接用公式Cm n =Am nAmm =错误!计算. 2.涉及字母的可以用阶乘式Cm n =错误!计算.3.计算时应注意利用组合数的性质Cm n =Cn -m n 简化运算.[再练一题]2.求等式C5n -1+C3n -3C3n -3=195中的n 值. 【导学号:29440010】【解】 原方程可变形为C5n -1C3n -3+1=195,C5n -1=145C3n -3,即错误!=145·错误!,化简整理,得n 2-3n -54=0.解此二次方程,得n =9或n =-6(不合题意,舍去),所以n =9为所求.[探究共研型]探究1 5人中选出3人参加数学竞赛,2人参加英语竞赛,共有多少种选法?你有什么发现?你能得到一般结论吗?【提示】 法一:从5人中选出3人参加数学竞赛,剩余2人参加英语竞赛,共C35=5×4×33×2×1=10(种)选法.法二:从5人中选出2人参加英语竞赛,剩余3人参加数学竞赛,共C25=5×42=10(种)不同选法.经求解发现C35=C25.推广到一般结论有Cm n =Cn -m n .探究2 从含有队长的10名排球队员中选出6人参加比赛,共有多少种选法? 【提示】 共有C610=10×9×8×7×6×56×5×4×3×2×1=210(种)选法. 探究3在探究2中,若队长必须参加,有多少种选法?若队长不能参加有多少种选法?由探究2,3,你发现什么结论?你能推广到一般结论吗?【提示】 若队长必须参加,共C59=126(种)选法.若队长不能参加,共C69=84(种)选法. 由探究2,3发现从10名队员中选出6人可分为队长参赛与队长不参赛两类,由分类计数原理可得:C610=C59+C69.一般地:Cm n +1=Cm n +Cm -1n .(1)化简C34+C35+C36+…+C32 016的值为________. (2)解方程3Cx 7x -3=5A2x -4; (3)解不等式C4n >C6n .【精彩点拨】 恰当选择组合数的性质进行求值、解方程与解不等式. 【自主解答】 (1)C34+C35+C36+…+C32 016 =C44+C34+C35+…+C32 016-C44 =C45+C35+…+C32 016-1=… =C42 016+C32 016-1=C42 017-1.【答案】 C42 017-1(2)由排列数和组合数公式,原方程可化为 3·错误!=5·错误!,则错误!=错误!,即为(x -3)(x -6)=40. ∴x 2-9x -22=0, 解得x =11或x =-2.经检验知x =11是原方程的根,x =-2是原方程的增根. ∴方程的根为x =11. (3)由C4n >C6n ,得错误!⇒错误!⇒⎩⎨⎧-1<n <10,n≥6.又n ∈N *, ∴该不等式的解集为{6,7,8,9}.1.性质“Cm n =Cn -m n ”的意义及作用2.与排列组合有关的方程或不等式问题要用到排列数、组合数公式,以及组合数的性质,求解时,要注意由Cm n 中的m ∈N *,n ∈N *,且n ≥m 确定m ,n 的范围,因此求解后要验证所得结果是否适合题意.[再练一题]3.(1)化简:C9m -C9m +1+C8m =________; (2)已知C7n +1-C7n =C8n ,求n 的值.【解析】 (1)原式=(C9m +C8m )-C9m +1=C9m +1-C9m +1=0. 【答案】 0(2)根据题意,C7n +1-C7n =C8n ,变形可得C7n+1=C8n+C7n,由组合数的性质,可得C7n+1=C8n+1,故8+7=n+1,解得n=14.[构建·体系]1.给出下面几个问题,其中是组合问题的是________(填序号).(1)从1,2,3,4中选出2个构成的集合;(2)由1,2,3组成两位数的不同方法;(3)由1,2,3组成无重复数字的两位数.【解析】由题意知:(1)与顺序没有关系;(2)(3)与顺序有关,故是排列问题.【答案】(1)2.男女学生共有8人,从男生中选取2人,从女生中选取1人,共有30种不同的选法,其中女生有________人.【解析】设男生有n人,则女生有(8-n)人,由题意可得C2n C18-n=30,解得n=5或n =6,代入验证,可知女生有2人或3人.【答案】2或33.C58+C68的值为________.【解析】C58+C68=C69=9!6!×3!=9×8×73×2×1=84.【答案】844.6个朋友聚会,每两人握手1次,一共握手________次.【解析】每两人握手1次,无顺序之分,是组合问题,故一共握手C26=15次.【答案】155.已知C4n,C5n,C6n成等差数列,求C12n的值.【解】由已知得2C5n=C4n+C6n,所以2·错误!=错误!+错误!,整理得n2-21n+98=0,解得n=7或n=14,要求C12n的值,故n≥12,所以n=14,于是C1214=C214=14×132×1=91.我还有这些不足:(1)(2)我的课下提升方案:(1)(2)。

高中数学第一章计数原理1.3组合1.3.1组合与组合数公式课件北师大版选修2_3

高中数学第一章计数原理1.3组合1.3.1组合与组合数公式课件北师大版选修2_3
都是相同的组合.当两个组合中的元素不完全相同(即使只有一个 元素不同),就是不同的组合.
(3)组合与排列的共同点:从n个不同的元素中任取m个元素;不同 点:对于排列,取出元素后还需对所取出的元素进行排列,即对顺序 有要求,而组合对取出的元素无需排列,只需组成一组即可,对顺序 无要求.可总结为:有序排列,无序组合.
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典例透析
随堂演练
题型一
题型二
题型三
【变式训练1】 判断下列各事件是排列问题还是组合问题,并求 出相应的排列数或组合数.
(1)10人相互通一次电话,共通多少次电话? (2)10个球队以单循环进行比赛(每两队比赛一次),共进行多少场 次? (3)从10个人中选出3个作为代表去开会,有多少种选法? (4)从10个人中选出3个担任不同学科的课代表,有多少种选法? 分析:解答本题主要是分清取出的这m个(2个或3个)元素是进行 排列还是组合,即确定其与顺序有关还是无关.
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随堂演练
解:(1)是组合问题,因为甲与乙通了一次电话,也就是乙与甲通
了一次电话,没有顺序的区别,组合数为C120 = 45. (2)是组合问题,因为每两个队比赛一次,并不需要考虑谁先谁后,
没有顺序的区别,组合数为C120 = 45. (3)是组合问题,因为 3 个代表之间没有顺序的区别,组合数为
12345
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【做一做1】 给出下面几个问题,其中是组合问题的有( )
①由1,2,3,4构成的含有2个元素的集合个数;
②五个队进行单循环比赛的比赛场次数;
③由1,2,3组成两位数的不同方法数;

1离散第06讲 重集的排列与组合

1离散第06讲 重集的排列与组合

(m 1 r )! r Cm r 1 (m 1)!r!
第6讲 重集的排列与组合 -18-
重集排列求解例4
方程x1+x2+…+xm = r有多少组正整数解?
解:考虑由r个1组成的序列,之间有r-1个空位。 在这些空位中选择m-1个插入0,得到1个0,1序列,可看 作是m–1个0把r个1分成m组,且每组至少有1个1。 这对应着方程x1+x2+…+xm = r的一组正整数解。
-16-
第6讲 重集的排列与组合
重集排列求解例3
方程x1+x2+…+xm = r有多少组自然数解? m=3 r=5 x1 + x 2 + x 3 = 5
以下均是该方程的自然 数解:
1 0 0 1 1
1 0 1 0 1 1 1 1 1
1
1 1 0
1 0 1
x1 = 2, x2 = 1, x3 = 2
n! n1! n2! ... nm!
第6讲 重集的排列与组合 -12-
重集全排列举例
重新排列SUCCESS中的字母能得到多少不同 的字符串?
解:∵单词中包含3个S、1个U、2个C、1个E
∴可看作重集{3· 1· 2· 1· S, U, C, E}的全排列数问题
根据定理,共能排出不同的字符串
( 4 3)! 35 种走法; 先从H走到A,有 4!3! B
6 4 2
然后从A到C,一种走法; A C
( 4 4)! 70种走法。 最后从C到B,有 4!4!
H
所以,根据乘法原理,经过AC段共有 35170=2450 种走法。
2 4 6
8

数学:1.3《组合1》课件

数学:1.3《组合1》课件

A n(n−1 n−2)L n−m+1 )( ( ) C = = A m ! n! m Cn = m (n−m)! !
m n m n m m
计算: 例2、计算: ( 1)
C
4 7
( 2) C
7 10
下列问题中哪些是排列问题? 例1、下列问题中哪些是排列问题?哪些是 组合问题?并用排列数或组合数表示其结果。 组合问题?并用排列数或组合数表示其结果。 某铁路线上有5个车站, (1)某铁路线上有5个车站,则这条铁路 线上共需多少种不同的车票? 线上共需多少种不同的车票? 1,3,5,7中任取两个数相加 中任取两个数相加, (2)从1,3,5,7中任取两个数相加,可得 多少个不同的和? 多少个不同的和? 1,3,5,7中任取两个数相除 中任取两个数相除, (3)从1,3,5,7中任取两个数相除,可得 多少个பைடு நூலகம்同的商? 多少个不同的商? 50件不同的产品中抽出 件来检查, 件不同的产品中抽出5 (4)从50件不同的产品中抽出5件来检查, 有多少种不同的抽法? 有多少种不同的抽法? 个人互送照片一张, (5)5个人互送照片一张,共送了多少张 照片? 照片? 集合A={a,b,c,d,e}的含有3 A={a,b,c,d,e}的含有 (6)集合A={a,b,c,d,e}的含有3个元素的 子集有多少个? 子集有多少个?
个不同的元素中取出m个元素的排列, 从n个不同的元素中取出m个元素的排列, 可以分成两步: 可以分成两步: 第一步:先从n个不同的元素中取出m 第一步:先从n个不同的元素中取出m个 元素进行组合。 元素进行组合。 第二步:再求每一个组合中m 第二步:再求每一个组合中m个元素的 全排列。 全排列。 组合数公式: 组合数公式:
组合( 1.2 组合(一)

1.3.1组合与组合数公式课件

1.3.1组合与组合数公式课件
法?
[思路探索] 属于组合与排列的区分问题,看问题有无次序要求. 解 (1)集合中的元素具有无序性,顺序无关是组合问题. (2)两人握手与顺序无关是组合问题.
(3)学习小组的人与顺序无关是组合问题.
(4)将名额分给5个班,只与每班分得名额个数有关,属组合问题.
规律方法
区分排列还是组合问题的关键是看取出元素后是按顺
又∵0≤m-1≤8,且0≤m≤8,m∈N, 即7≤m≤8,∴m=7或8. (3)证明 n-1! n n m C-= · n-m n 1 n-m m!n-1-m!
n! = =C m n. m!n-m! 规律方法 求解与组合数有关的方程,不等式及证明问题时,要
应用组合数的公式,并注意其成立的条件.
序排列还是无序地组在一起,区分有无顺序的方法是把问题的一 个选择结果解出来,然后交换这个结果的任意两个元素的位置,
看是否会产生新的变化,若有新变化,即说明有顺序,是排列问
题;若无新变化,即说明无顺序,是组合问题.
【变式1】 有8盆不同的花, (1)从中选出2盆分别送给甲、乙两人每人一盆; (2)从中选出2盆放在教室里. 以上问题中,哪一个是组合问题?哪一个是排列问题? 解 (1)从8盆花中,选出2盆送给甲、乙两人每人一盆的送法 与顺序有关,故属排列问题. (2)从8盆花中,选出2盆放在教室的放法与顺序无关,故属组 合问题.
ห้องสมุดไป่ตู้
3.组合数公式
m nn-1n-2…n-m+1 n! A n m Cn =Am= = m! m!n-m! m
规定:C0 n=1. 试一试 找出从n个不同元素中取出m个元素的所有组合的个数 与从n个不同元素中取出m个元素的所有排列的个数的关系式.
m A n m m m 提示 Cm · A = A ,即: C = . m n m n n Am

组合数学课件--第一章:排列与组合

组合数学课件--第一章:排列与组合

1.3:排列与组合
1、排列的定义:设A={a1,a2,…,an}是n个不 同的元素的集合,任取A中r个元素按顺序排成一 列,称为从A中取r个的一个排列,r满足0≤r≤n。
(1) (2) (3) (…) (r)
从n个不同的球中取一个球放在第一个盒子中, 从余下的n-1个球中取一个球放在第二个盒子中, ………………………………… 从余下的n-(r-1)个球中取一个放在第r个盒子中。 根据乘法法则: 19 P(n,r)=n(n-1)…(n-r+1)=n!/(n-r)!
p2
2 a2
... pm
2 am
C (2a1 1,1) C (2a2 1,1) ... C (2am 1,1)
34
练习题
1.13、有n个不同的整数,从中取出两组来, 要求第1组的最小数大于另一组的最大数。 设取的第一组数有a个,第二组有b个,
要求第一组数中最小数大于第二组中最大的, 即只要取出一组m个数(设m=a+b),从大到小 取a个作为第一组,剩余的为第二组。 此时方案数为C(n,m)。 从m个数中取第一组数共有m-1中取法。 (m-1)C(n,m)
17
1.2 一一对应 1 2 5 任给一个序列B{b1,b2,b3,…,bn-2} 1、从A找到最小的不属于B的元素,设为a1,与b1连 接,从A中去掉a1,从B中去掉b1. 2、重复以上过程只到B为空,A中剩余两个 3、连接剩余的两个顶点。
*
18
树的顶点集合为12345
3 4
这棵树对应序列(2,3,2)
****
2
(4)哪些最优?
选用教材
组合数学
(第四版) 卢开澄 卢华明 著
清华大学出版社

多重集合的组合问题

多重集合的组合问题

多重集合的组合问题
多重集合的组合问题是一个数学上的经典问题。

多重集合是指一个集合中元素可以重复出现的集合,而组合问题则是在给定条件下,从集合中选择若干元素进行组合的求解问题。

在解决多重集合的组合问题时,需要回答以下几个问题:
1. 给定一个多重集合,如何确定组合的长度?组合的长度是指选取的元素的个数。

根据具体问题的要求,可以选择确定组合的长度或允许任意长度的组合。

2. 给定一个多重集合,如何避免选择重复的元素?在选择元素组成组合时,需要考虑元素的重复性。

为了避免选择重复的元素,可以采用逐个选择的方法,并在每次选择后排除已选取的元素。

3. 给定一个多重集合,如何计算所有可能的组合的数量?组合问题的解决方法之一是通过计算组合的总数。

对于多重集合,可以使用排列组合的方法或递归的方式来计算组合的数量。

4. 给定一个多重集合,如何列举所有可能的组合?列举所有可能的组合是解决多重集合组合问题的关键。

可以使用迭代或递归的方式,在每次选择时生成新的组合,并记录所有满足条件的组合。

总之,多重集合的组合问题是一个需要通过系统性地选择和排列计算来求解的问题。

在确定好组合的长度、避免选择重复元素、计算组合总数以及列举所有可能组合的基础上,可以有效地解决多重集合的组合问题。

组合1排列组合

组合1排列组合
组合数学
帅天平
北京邮电大学数学系
Email: tpshuai@
第一章 排列组合
1.1 加法法则与乘法法则 1.2一一对应 1.3排列与组合 1.4圆周排列 1.5排列的生成算法 1.6允许重复的组合与不相邻的组合 1.7组合意义的解释 1.8应用举例
1.1
加法法则与乘法法则1
[ 加法法则 ]
1.1
加法法则与乘法法则7
2)“含0”和“含1”不可直接套用。0019含1但不含0。 在组合的习题中有许多类似的隐含的规定,要 特别留神。 不含0的1位数有9个,2位数有9 2个,3位数 有93 个,4位数有9 4个 不含0小于10000的正整数有
9+92 +9 3 +9 4 =(95 -1)/(9-1)=7380个
根据乘法法则得图案数为
20 ×6840=136800
1.3 排列与组合3
定义2 从 n 个不同元素中取 r 个不重复的元素
组成一个子集,而不考虑其元素的顺序,称为 从n个中取r个的无重组合。 组合的全体组成的集合用C(n,r)表示,组合的 个数用C(n,r)表示。 C(n,r)=0,若n < r n 有的书上也用 表示. r
1.2 一一对应2
• 例7 在100名选手之间进行淘汰赛(即一场的比
赛结果,失败者退出比赛),最后产生一名冠军, 问要举行几场比赛? 解 一种常见的思路是按轮计场,费事。 另一种思路是淘汰的选手与比赛(按场计)集一一 对应。99场比赛。
1.2 一一对应3
• 例 8 CnH2n+2是碳氢化合物,随着n的不同有下 列不同的枝链:
H | H—C—H | H—C—H | H H | H—C—H | H—C—H | H—C—H | H

7.容斥原理及其应用(二)

7.容斥原理及其应用(二)

例如:
R( R( R(
)=1+ x; )= xR( )+ R( )= x+ (1+ x)=1+2x;
)= x R( ) + R( ) = x(1 + x )+1 + x =1+ 2x +x2
如果 C由相互分离的C1,C2组成,即C1的任一 格子所在的行和列中都没有C2的格子。则有: R(C) = R(C1) R(C2) (2) 利用(1)和(2),可以把一个比较复 杂的棋盘逐步分解成相对比较简单的棋盘, 从而得到其棋盘多项式。
这样的排列对应于有 禁区的布子。如右图 有影线的格子表示禁 区。
定理2 设 ri 为 有i个棋子布入禁区的方案数,i =1,2,3,···,n。有禁区的布子方案数(即禁区内不布子 的方案数)为 r0 n! -r1(n-1)! + r2(n-2)!-···+(-1)nrn =∑(-1)k rk ( n-k)! 证 用容斥原理,此处略。
x x x x x
如图所示的布局对应 于排列41352。
可以把棋盘的形状推广到任意形状:
Байду номын сангаас
布子规定称为无对攻规则,棋子相当于 象棋中的车。令r k(C)表示k个棋子布到棋盘C 上的方案数。如:
r1(
)=1, r1(
)=2, r1(
)=2,
r2(
)=0, r2(
)=1。
为了形象化起见,( )中的图象便是棋盘 的形状。 定义 设C为一棋盘,称R(C)= ∑ rk(C) xk为C的棋 盘多项式。规定 r0(C)=1,包括C=Ф时。 设Ci是棋盘C的某一指定格子所在的行与列都去掉 后所得的棋盘;Ce是仅去掉该格子后的棋盘。 在上面定义下,显然有 rk(C)=rk-1(Ci)+rk(Ce),

1.3重集的排列与组合

1.3重集的排列与组合

1.3.3 重集的排列
例1.3.5 设有16个字母,其中a,b,c,d各 四个,从中任取10个,但每种字母至少 取两个,能组成多少个不同的10排列?
1.3.3 重集的排列
解 按题意{4·a,4·b,4·c,4·d}的10排列分两类
(1)一个字母取4次,其余各取2次
C14×P(10;4,2,2,2)
1.3.2 重集的排列
证明 重集S的全排列形为:
第一位 第二位 … 第n位
一步,放好n1个a1 ,C nn1
二步,放好n2个a2 , 三步,放好n3个a3 , ……
1.3.2 重集的排列
C C n3
n n1 n2

nk n n1 n2 nk1

n!
n1!n 2 ! n k !
= P(n;n1, n2,…, nk)

7、最具挑战性的挑战莫过于提升自我 。。20 20年12 月上午 10时13 分20.1 2.1210: 13Dece mber 12, 2020

8、业余生活要有意义,不要越轨。20 20年12 月12日 星期六 10时13 分41秒 10:13:4 112 December 2020

9、一个人即使已登上顶峰,也仍要自 强不息 。上午 10时13 分41秒 上午10 时13分 10:13:4 120.12. 12
• 12、这一秒不放弃,下一秒就会有希望。12-Dec-2012 December 202020.12.12
• 13、无论才能知识多么卓著,如果缺乏热情,则无异 纸上画饼充饥,无补于事。Saturday, December 12, 2020
12-Dec-2020.12.12
• 14、我只是自己不放过自己而已,现在我不会再逼自 己眷恋了。20.12.1210:13:4112 December 202010:13

1.3重集的排列与组合

1.3重集的排列与组合

{4·a,2·b,2·c,2·d}
(2)两个字母各取3次,其余各取2次
C24×P(10;3,3,2,2)
{3·a,3·b,2·c,2·d}
1.3.3 重集的组合
定理1.3.3 重集S={∞·a1,∞·a2,…,∞·ak} 的r 组合的个数为
证明 重集S={∞·a1,∞·a2,…,∞·ak}的r组合
1.3 重集的排列与组合 1.3.1 重集的概念 1.3.2 重集的排列 1.3.3 重集的组合
1.3.1 重集的概念
定义1.3.1 元素可以重复出现的集合称为重 集(multiset)。元素a出现的次数叫做该元素 的重数(repetition number)。
重集S表示为 S={n1·a1, n2·a2,…, nk·ak} 其中a1,a2,…,ak为S中k个不同类型的元素, ni(ni是正整数或∞)(i=1,2,…,k)为ai的重数。
第一位 第二位 … 第r位
从k个元个元素 中任取一个
从k个元素中任 取一个
从k个元个元素 中任取一个
1.3.2 重集的排列
定理1.3.2重集S={n1·a1, n2·a2,…, nk·ak},且 S的元素个数为n=n1+n2+…+nk,则S的全 排列的个数为 P(n; n1, n2,…, nk) =
1.3.2 重集的排列
例1.3.2 求关于x1, x2, x3, x4的方程 x1+x2+x3+x4=15
的非负整数解的个数
1.3.2 重集的排列
解 该方程的非负整数解一一对应重集 S={15·1,3·0}的全排列 ? ?
1.3.2 重集的排列
1.3.2 重集的排列
推广一般,关于x1, x2,…, xk的方程 x1+x2+…+ xk=n 的非负整数解 一一对应 重集S={n·1,(k-1)·0}的全排列

1.2 重集的排列和组合

1.2  重集的排列和组合
例6、从为数众多的1角币,2角币, 5角币和1元币中选出六枚,有多少种 方法?
作业: 1、证明:将 n 个相同的球放入 m 个 n 不同的盒子中去的放法共有 C n m 1 种。 2、将单词“Mississippi”中的字母 重新排列,可得到多少个不同的单词?
n1! n2! nk!
例5、设重集 S {4 I ,3 M ,2 P,4 S ,2 T } , 问 S 的 15 可重排列个数是多少?
定理1.2.3:设重集
S { e1, e2 , , en }

则 S 的 r 可重组合 个数是 r r Fn C n r 1 。 (将 S 中的 改为有限数也适用)
若允许元素在排列组合中重复出现则称该排列或组合为二重集的排列定理121设例4有四位数的八进制数的个数是多少
1.2 重集的排列和组合
一、重集的相关概念
定义1:重集定义为一些元素的全体, 这个集合中的元素可重复出现。 例1、 {a,a,a,b ,b ,c}是重集,简记 S 为 S {3 a,2 b, c} 。 定义2:一个元素在重集中出现的次 数称为该元素的重数。若一个元素在重 集中可以出现任意多次,则称它的重数 是无穷大,记为 。
例2、例1中重集 S 中元素 a ,b ,c 的重 数分别为3,2,1。
定义3:若允许元素在排列、组合中 重复出现,则称该排列或组合为 S 的 可重排列或可重组合。
S 例3、例1中的重集 S 中, 的 2 2 ห้องสมุดไป่ตู้ 可重排列有哪些? 可重组合 有哪 些?
二、重集的排列
定理1.2.1设 S { e1, e2 , , en }, S 的 r 可重排列个数为 U nr n r 。 则 例4、有四位数的八进制数的个数是 多少? 定理1.2.2设 S {n1 e1,n2 e2 , ,nk ek } , 且 n1 n2 nk n ,则 S 的 n! n 可重排列个数是 。
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1.3.3 重集的排列
例1.3.5 设有16个字母,其中a,b,c,d各 四个,从中任取10个,但每种字母至少 取两个,能组成多少个不同的10排列?
1.3.3 重集的排列
解 按题意{4·a,4·b,4·c,4·d}的10排列分两类
(1)一个字母取4次,其余各取2次
C
1 4
×P(10;4,2,2,2)
重集{x1·a1, x2·a2,…, xk·ak},其中
x1+x2+…+xk=r且xi(i=1,2,…,k)非负整数
P(r+k-1;r,k-1)=
C
r k
r
1
方程x1+x2+…+xk=r的非负整数解
1.3.2 重集的排列
证明 重集S的全排列形为:
第一位 第二位 … 第n位
一步,放好n1个a1 ,C nn 1
二步,放好n2个a2
,C
n n
2
n1
三步,放好n3个a3
,C
n n
3
n1
n2
……
1.3.2 重集的排列
C C C nn 1
C n 2
n n1
n3 n n1 n2

nk nn1n2 nk1
第一位 第二位 … 第r位
从k个元个元素 中任取一个
从k个元素中任 取一个
从k个元个元素 中任取一个
1.3.2 重集的排列
定理1.3.2重集S={n1·a1, n2·a2,…, nk·ak},且
S的元素个数为n=n1+n2+…+nk,则S的全
排列的个数为
P(n;
n1,
n2,…,
nk)

n!
n1!n2!nk!
x 2 6
x3
0
x 4 9
x1 x2 x3 x4
1101110110111111
x1
x2 x3
x4
0111111101011111
1.3.2 重集的排列
推广一般,关于x1, x2,…, xk的方程 x1+x2+…+ xk=n 的非负整数解 一一对应 重集S={n·1,(k-1)·0}的全排列
1.3 重集的排列与组合 1.3.1 重集的概念 1.3.2 重集的排列 1.3.3 重集的组合
1.3.1 重集的概念
定义1.3.1 元素可以重复出现的集合称为重 集(multiset)。元素a出现的次数叫做该元素 的重数(repetition number)。
重集S表示为 S={n1·a1, n2·a2,…, nk·ak} 其中a1,a2,…,ak为S中k个不同类型的元素, ni(ni是正整数或∞)(i=1,2,…,k)为ai的重数。
{4·a,2·b,2·c,2·d}
(2)两个字母各取3次,其余各取2次
C
2 4
×P(10;3,3,2,2)
{3·a,3·b,2·c,2·d}
1.3.3 重集的组合
定理1.3.3 重集S={∞·a1,∞·a2,…,∞·ak} 的r
组合的个数为C
r k
r
1
证明 重集S={∞·a1,∞·a2,…,∞·n1!n2!nk!
= P(n;n1, n2,…, nk)
1.3.2 重集的排列
例1.3.1 某停车场有6个入口处,每个入口处 每次只能通过一辆汽车。有9辆汽车要开进停 车场,试问有多少种入场方案?
1.3.2 重集的排列
解 设9辆车分别标号为1,2,…,9 排列12◇3◇456◇◇◇789 排列◇12◇3◇◇456789◇ 则汽车的入场方案 一一对应 重集S={1·1,1·2,…,1·9,5·◇}的全排列 故入场方案数为 P(14;1,1,1,1,1,1,1,1,1,5)=726485760
1.3.1 重集的概念
重集S的r排列 S的r个元素的有序摆放
重集S的全排列或排列 重集S的r组合
S中r个元素的无序选择 S的子重集(submultiset)
1.3.2 重集的排列
定理1.3.1重集S={∞·a1,∞·a2,…,∞·ak} 的r 排列的个数为kr
证明 重集合S的r排列形为:
1.3.2 重集的排列
例1.3.2 求关于x1, x2, x3, x4的方程 x1+x2+x3+x4=15
的非负整数解的个数
1.3.2 重集的排列
解 该方程的非负整数解一一对应重集 S={15·1,3·0}的全排列 ? ?
1.3.2 重集的排列
x1 2
x 2 3
x3
4
x 4 6
x1 0
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