《ARM嵌入式系统基础教程》试题及答案
arm9嵌入式系统设计基础教程答案
arm9嵌入式系统设计基础教程答案【篇一：arm嵌入式系统课后习题(部分)答案】式系统从大的方面分为（嵌入式系统硬件平台）和（嵌入式软件）两大部分。
1.2驱动层程序一般包括（硬件抽象层hal）、（板级支持包bsp）和（设备驱动程序）。
1.3嵌入式系统核心是嵌入式处理器，可分为（嵌入式微处理器）、（嵌入式微控制器）、嵌入式dsp处理器和（嵌入式片上系统soc）4大类。
2.2arm7tdmi处理器分为（arm）和（thumb）两种操作状态。
2.3arm状态下，sp寄存器指的是（r13）、lr寄存器指的是（r14）、pc寄存器指的是（r15）.2.4arm处理器支持的数据类型中，字节为（8）位、半字为（16）位、字为（32）位。
3.1arm7tdmi(-s)指令集包括（arm）指令集和（thumb）指令集。
3.2ldr指令用于从（存储器）中将一个32位的字数据传送到（目的寄存器）中。
3.3指出下面各条指令的寻址方式。
sub r0，r1，r2 ；寻址方式：（寄存器寻址）。
subsr0，r0，#1 ；寻址方式：（立即寻址）。
movr0，r2，lsl#3；寻址方式：（寄存器移位寻址）。
swp r1，r1，[r2] ；寻址方式：（寄存器间接寻址）。
ldr r2，[r3，#0x0c] ；寻址方式：（基址寻址）。
4.3arm汇编语言源程序中语句一般有（指令）、（伪指令）、（伪操作）和宏指令组成。
6.1对flash存储器的编程可通过（jtag仿真/调试器）、（ isp ）和（iap）3重方法来实现。
6.2异常向量表可以来自4个不同的存储器区域，分别是（片内flash ）、（片内sram ）、（ boot block ）和片外存储器。
6.3lpc2000系列的定时器主要用于3个方面：（对内部事件进行计数的间隔定时器）、（通过捕获输入实现脉宽解调器）、（自由运行的定时器）。
二选择题1.1可以表示微控制器的缩略词是（ b ）a. mpub. mcuc. wdtd.spi1.2rom类存储器包括（ abd ）a. nor flashb. epromc. sramd. prom1.3不属于arm的系列是（ d ）a. mcs-96b. 80c51c. lpc2000d.80x862.2arm7处理器系列采用（ a ）级流水线。
ARM嵌入式系统试题及答案解析
ARM嵌入式系统基础教程-—-—期中开卷专业:软件1002班姓名：王世伟学号:04103060（24）一、嵌入式系统基本概念1、什么是嵌入式系统？有何特点？答:所谓嵌入式，实际上是“嵌入式计算机系统",的简称，它是相对于通用计算机系统而言,注重于发展独立的单芯片技术.嵌入式系统是“控制、监视或者辅助装置、机器和设备运行的装置”。
特点：（1）嵌入式系统是将先进的计算机技术，半导体技术以及电子技术与各行业的具体应用相结合的产物，这一点就决定了他必然是一个技术密集，资金密集，高度分散，不断创新的知识集成系统。
(2)系统内核小(3）专用性强(4）系统精简（5）系统软件要求（6）嵌入式软件开发要走向标准化，需要使用多任务的操作系统.（7）嵌入式系统本身并不具备在其上进行进一步开发的能力.2、举例在你的身边常见到的嵌入式系统产品，谈一谈你对“嵌入式系统"的初步理解。
答：产品有：洗衣机，空调，手机.嵌入式系统就是内置小计算机系，可以对机器进行智能控制的系统。
3、嵌入式系统的3个基本特点？答：（1)专用性（2）嵌入型（3）计算机系统4、什么是嵌入式处理器，嵌入式处理器可以分为几大类？答：嵌入式处理机是嵌入式的核心，是控制,辅助系统运行的硬件单元。
分类：四大类（1）嵌入式微处理器(2）嵌入式微控制器(3）嵌入式DSP处理器（4）SoC片上系统5、广泛使用的三种类型的操作系统?答：多道批处理操作系统、分时操作系统以及实时操作系统。
6、列举常见的4种嵌入式操作系统？说明你对嵌入式操作系统的基本认识,嵌入式操作系统在嵌入式系统开发中的必要性。
答：嵌入式Linux、Win CE、VxWorks、μC/OS-II没有操作系统的计算机效率十分底下，把操作系统嵌入到计算机中，可以提高系统的可靠性，开发效率，缩短了开发周期。
二、ARM7体系结构1、ARM是什么样的公司？答：它是一家微处理器行业的知名企业，该企业设计了大量高性能、廉价、耗能低的RISC处理器.特点是只设计芯片，而不生产。
ARM嵌入式系统基础教程试题及答案
《ARM嵌入式系统基础教程》试题及答案一、选择题1、以下说法不正确的是（B ）。
A、任务可以有类型说明B、任务可以返回一个数值C、任务可以有形参变量D、任务是一个无限循环2下列描述不属于RISC计算机的特点的是（C）。
A.流水线每周期前进一步。
B．更多通用寄存器。
C．指令长度不固定，执行需要多个周期。
D．独立的Load和Store指令完成数据在寄存器和外部存储器之间的传输。
3 存储一个32位数0x2168465到2000H～2003H四个字节单元中，若以大端模式存储，则2000H存储单元的内容为（D）。
A、0x21B、0x68C、0x65D、0x024 μCOS-II中对关键代码段由于希望在执行的过程中不被中断干扰，通常采用关中断的方式，以下X86汇编代码正确而且不会改变关中断之前的中断开关状态的是（D）A.先CLI、执行关键代码、再STIB. 先STI、执行关键代码、再CLIC. 先POPF、CLI、执行关键代码、再PUSHFD. 先PUSHF、CLI、执行关键代码、再POPF。
5 RS232-C串口通信中，表示逻辑1的电平是（D ）。
A、0vB、3.3vC、＋5v～＋15vD、－5v～－15v6 ARM汇编语句“ADD R0, R2, R3, LSL#1”的作用是（A）。
A.R0 = R2 + (R3 << 1)B. R0 =( R2<< 1) + R3C. R3= R0+ (R2 << 1)D. (R3 << 1)= R0+ R27 IRQ中断的入口地址是（C）。
FIQ的入口地址为0x0000001CA、0x00000000B、0x00000008C、0x00000018D、0x000000148 S3C2420X I/O口常用的控制器是（D）。
A.端口控制寄存器（GPACON-GPHCON）。
B.端口数据寄存器（GPADAT-GPHDA T）。
(完整word版)《ARM嵌入式系统基础教程》期末试题
《ARM嵌入式系统基础教程》期末试题一、填空题(请将答案填入题后括号中)：共10小题，每小题2分，满分20分。
1、一般而言，嵌入式系统的构架可以分为4个部分：处理器、（存储器）、输入/输出和软件，一般软件亦分为（操作系统）和应用软件两个主要部分。
2、根据嵌入式系统使用的微处理器，可以将嵌入式系统分为（嵌入式微控制器），嵌入式DSP，（嵌入式微处理器）以及片上系统。
3、操作系统是联接硬件与应用程序的系统程序，其基本功能有进程管理、（进程间通信）、（内存管理）、I/O资源管理。
4、从嵌入式操作系统特点可以将嵌入式操作系统分为实时操作系统和（分时操作系统），其中实时系统亦可分为（硬实时操作系统）和软实时系统。
5、内核负责管理各个任务，或者为每个任务分配CPU时间，并且负责任务之间的（通信），内核的基本服务是（任务调度）。
6、嵌入式开发一般采用（宿主机/目标机方式）方式，其中宿主机一般是指（PC机或者台式机）。
7、哈佛体系结构数据空间和地址空间（分开），ARM920T采用（哈佛体系）的内核架构。
8. ARM7TDMI采用（3）级流水线结构，ARM920TDMI采用（5）级流水线。
9 .按操作系统的分类可知，Dos操作系统属于顺序执行操作系统，Unix操作系统属于（分时）操作系统，VxWorks属于（实时嵌入式）操作系统。
10、ARM7TDMI中，T表示支持16位Thumb指令集，D表示（在片可调试），M表示内嵌乘法器Multiplier，I表示（嵌入式ICE），支持在线断点和调试。
二、选择题(请将答案填入题后括号中)：共10小题，每小题2分，满分20分。
1、下面哪种操作系统不属于商用操作系统。
(B)A. windows xpB. LinuxC. VxWorksD. WinCE2. 下面哪点不是嵌入式操作系统的特点。
(C)A. 内核精简B. 专用性强C. 功能强大D. 高实时性3. 下面哪种不属于嵌入式系统的调试方法。
周立功ARM嵌入式系统基础教程课后习题答案
第一章思考与练习1、举出3个书本中未提到的嵌入式系统的例子。
答:红绿灯控制,数字空调,机顶盒2、什么叫嵌入式系统嵌入式系统：以应用为中心、以计算机技术为基础、软件硬件可裁剪、适应应用系统对功能、可靠性、成本、体积、功耗严格要求的专用计算机系统。
3、什么叫嵌入式处理器？嵌入式处理器分为哪几类？嵌入式处理器是为完成特殊的应用而设计的特殊目的的处理器。
嵌入式微处理器(Embedded Microprocessor Unit, EMPU)嵌入式微控制器(Microcontroller Unit, MCU)嵌入式DSP 处理器(Embedded Digital Signal Processor, EDSP)嵌入式片上系统(System On Chip)4、什么是嵌入式操作系统？为何要使用嵌入式操作系统？是一段在嵌入式系统启动后首先执行的背景程序，首先，嵌入式实时操作系统提高了系统的可靠性。
其次，提高了开发效率，缩短了开发周期。
再次，嵌入式实时操作系统充分发挥了32 位CPU 的多任务潜力。
第二章1、嵌入式系统项目开发的生命周期分哪几个阶段？各自的具体任务是什么？项目的生命周期一般分为识别需求、提出解决方案、执行项目和结束项目4 个阶段。
识别需求阶段的主要任务是确认需求，分析投资收益比，研究项目的可行性，分析厂商所应具备的条件。
提出解决方案阶段由各厂商向客户提交标书、介绍解决方案。
执行项目阶段细化目标，制定工作计划，协调人力和其他资源；定期监控进展，分析项目偏差，采取必要措施以实现目标。
结束项目阶段主要包括移交工作成果，帮助客户实现商务目标；系统交接给维护人员；结清各种款项。
2、为何要进行风险分析？嵌入式项目主要有哪些方面的风险？在一个项目中，有许多的因素会影响到项目进行，因此在项目进行的初期，在客户和开发团队都还未投入大量资源之前，风险的评估可以用来预估项目进行可能会遭遇的难题。
需求风险；时间风险；资金风险；项目管理风险3、何谓系统规范？制定系统规范的目的是什么？规格制定阶段的目的在于将客户的需求，由模糊的描述，转换成有意义的量化数据。
《ARM嵌入式系统基础》期末考试卷及答案
xx～xx学年第xx学期《ARM嵌入式系统基础》期末考试卷班级：3分,共30分，正确的打“√”，错误的打“×”）】1、Shell只是一种命令语言，不是属于程序设计语言。
】2、Contex-M3系列处理器内核采用了冯·诺依曼结构。
】3、#!/bin/bash 此句中的“#”的作用为注释。
】4、一个shell脚本只有一种执行方式：./xxx.sh 。
】5、嵌入式linux操作系统属于免费的操作系统。
】6、进程是一个程序的一次执行的过程。
】7、嵌入式系统一般对低功耗要求不高。
】8、所有的电子设备都属于嵌入式设备。
】9、移植操作系统时需要修改操作系统中与处理器直接相关的程序。
】10、嵌入式开发需要专门的软件和硬件设备。
2分，共20分）1、ARM 这个缩写一般包含两层意思：一是指___________；二是指______________。
2、STM32单片机的GPIO口可以配置为__________模式和__________模式。
3、哈佛体系结构___________和___________是分开的。
4、如嵌入式系统的设计可以分成三个阶段：分析、_______和_______。
5、根据嵌入式系统使用的微处理器，可以将嵌入式系统分为___________，嵌入式DSP，__________以及片上系统。
6、一般嵌入式操作系统可以分为两类，一类是___________操作系统，另一类是___________操作系统。
7、嵌入式系统开发采用的交叉开发环境是由_______和_______组成。
8、套接字（socket）由3个参数构成：___________、___________和传输层协议。
9、Vi编辑器有2种工作模式，即_________模式以及__________模式。
10、进程间通信一般会采用管道通信，管道通信一般分为__________和__________。
3分，共30分）】1、下面哪种操作系统不属于商用操作系统A、windows XPB、LinuxC、VxWorksD、Win CE】2、下面哪点不是嵌入式操作系统的特点A、内核精简B、专用性强C、功能强大D、高实时性】3、下面哪种不属于嵌入式系统的调试方法A、模拟调试B、软件调试C、JTAG调试D、单独调试】4、以下哪一个是linux内核的稳定版本A、2.5.24B、2.6.17C、1.7.18D、2.3.20【】5、以下哪种方式不属于文件系统的格式A、FATB、DOSC、NTFSD、E XT 【】6、某文件的所有者有全部权限；组内的权限为读与写；组外成员的权限为只读，则该文件的权限为A、467B、674C、476D、764【】7、删除文件命令为A、rmdirB、mvC、rmD、mkdir【】8、改变文件所有者的命令为A、chmodB、touchC、chownD、cat【】9、嵌入式处理器根据用途分类可以分为以下几种，除了A、MCUB、MPUC、SOCD、FPGA【】10、Linux C语言中，temp = (5<3) &&(7>1); 运行此句后temp的逻辑值为A、0B、1C、2D、3四、名词简释题（每题2分，共10分）1、IDE2、Kernel3、TCP/IP4、MCU5、PC五、简答题（每题5分，共10分）1、请举例，常见的嵌入式操作系统有哪些（至少举4例）？2、什么是嵌入式系统？答案一、判断题1、×；2、×；3、×；4、×；5、√；6、√；7、×；8、×；9、√；10、√。
arm嵌入式系统试题及标准答案
arm嵌入式系统试题及标准答案一、选择题1. ARM的英文全称为（）。
A. Advanced RISC MachinesB. Advanced Reduced Instruction Set ComputingC. Advanced Risk Instruction Set MachinesD. Advanced Reduced Innovative System Machines 正确答案：A2. ARM的发展平台主要有（）。
A. CortexB. Keil MDKC. MbedD. All of the above正确答案：D3. ARM架构中，RISC指的是（）。
A. Reduced Instructions for Simple ComputingB. Reduced Instruction Set ComputingC. Reduced Instructions for Speedy ComputingD. Reduced Innovative System Computing正确答案：B4. ARM的家族庞大，主要分为（）。
A. ARMv1-ARMv5B. ARMv6-ARMv7C. ARMv8-ARMv12D. ARMv12-ARMv16正确答案：B5. 在ARM处理器中，Cortex-A系列主要针对（）。
A. 浮点运算B. 实时性C. 安全性D. 性能正确答案：D二、填空题1. ARM架构的特点之一是指令集精简，采用（）指令集。
正确答案：RISC（Reduced Instruction Set Computing）2. ARM处理器的体积小、功耗低的特点使得其在（）领域得到广泛应用。
正确答案：嵌入式系统3. ARM主要设计并销售（）和相关的软件开发工具、IP核等。
正确答案：处理器4. Keil MDK是由ARM公司开发的（）。
正确答案：集成开发环境5. ARM Cortex-M系列处理器适用于对能耗和成本有严格要求的（）。
《ARM嵌入式系统基础教程》试题
一、 简答题ARM 体系结构的寄存器组织：37个32位寄存器，其中31个为通用寄存器，6个为状态寄存器，哪些寄存器是可编程访问的，取决微处理器的工作状态及具体的运行模式。
ARM 微处理器的异常状态：7种异常 二、 阅读程序题9、 阅读下列与看门狗有关的寄存器描述，解释每一行代码的功能。
看门狗定时器控制寄存器（WTCON ）看门狗计数寄存器（WTCNT ）#definerWTCON (*(volatile unsigned *)0x53000000) // 第1行 #define rWTDAT (*(volatile unsigned *)0x53000004) // 第2行 #define rWTCNT (*(volatile unsigned *)0x53000008) // 第3行 void watchdog_test(void ) { rWTCON = ((PCLK/1000000-1)<<8)|(3<<3)|(1<<2); // 第4行 rWTDAT = 7812; // 第5行 rWTCNT = 7812; // 第6行rWTCON |=(1<<5); // 第7行}第1-3 行：定义看门狗控制寄存器、数据寄存器和计数寄存器为rWTCON、rWTDAT和rWTCNT。
第4 行：设置看门狗的预装比例值为1000000，分频因素为1/128，并使能中断。
（6分）第5-6 行：对数据寄存器和计数寄存器赋值为7812。
（2分）第7 行：启动看门狗。
（2分）7、阅读以下S3C2410部分用户手册．求：当PCLK 或UCLK 为40 MHz时，串口０的波特率为２４００bps ，串口１的波特率为１１５２００bps，相应的控制寄存器如何设置．UART BAUD RATE DIVISOR REGISTERThere are three UART baud rate divisor registers（寄存器）including UBRDIV0, UBRDIV1 and UBRDIV2 in the UART block（模块）.The value stored in the baud rate divisor register (UBRDIVn), is used to determine the serial Tx/Rx clock rate(baud rate) as follows:UBRDIVn = (int)(PCLK / (bps x 16) ) –1 or UBRDIVn = (int)(UCLK / (bps x 16) ) –1 Where, the divisor should be from 1 to (216-1) and UCLK should be smaller than PCLK.Register Address R/W Description Reset Value UBRDIV0 0x50000028 R/W Baud rate divisor register 0 –UBRDIV1 0x50004028 R/W Baud rate divisor register 1 –UBRDIV2 0x50008028 R/W Baud rate divisor register 2 –UBRDIVn Bit Description Initial StateUBRDIV [15:0] Baud rate division value UBRDIVn >0 –答: 根据UBRDIVn = (int)(PCLK / (bps x 16) ) –1寄存器UBRDIV0= (int)(40000000/2400*16)-1=1040=10000010000(B)寄存器UBRDIV1=( int)(40000000/115200*16)-1=20=10100(B)任务控制块（TCB）的数据结构OS-TCB表示任务的状态。
ARM嵌入式系统基础教程_第一章 部分习题与答案
1写出下列英文简称对应的中文含义答MMR 存取DSP的寄存器PDA 个人数字助理DSP 嵌入式数字信号处理器EMPU 嵌入式微处理器MCU 微控制器SoC 片上系统RTOS 实时操作系统ISR中断服务子程序2 什么是嵌入式系统，有什么特点？答嵌入式系统：嵌入到对象体系中的专用计算机应用系统特点：嵌入性，内含计算机，专用性4 IEEE的实时UNIX分委会认为实时操作系统应具备哪些特点？答1，异步的事件响应2，切换时间和中断延时时间确定3，优先级中断和调度4，抢占式调度5，内存锁定6连续文件7同步5 前后台系统的概念答对于基于芯片开发来说应用程序一般是一个无限的循环，可称为前后台系统6 非占先式内核和占先式内核工作时有何不同答1非占先式内核要求每个任务自我放弃CPU的所有权，非占先式调度法耶称作合作型多任务，每个任务彼此合作共享一个CPU，异步事件还是由中断服务来处理，中断服务也可以使一个高优先级的任务由挂起状态变为就绪状态。
但中断服务以后，控制权还是回到原来被中断了的那个任务，直到该任务主动放弃CPU的使用权时，高优先级的任务才能获得CPU的使用权。
2对于占先式内核，最高优先级的任务一旦就绪，总能得到CPU的控制权。
当一个运行着的任务使一个比它优先级高的任务进入了就绪状态，当前任务的CPU使用权就被剥夺了，那个高优先级的任务立刻得到了CPU的控制权。
7名词解释资源：程序运行时可使用的软，硬件环境。
共享资源：可以被一个以上任务使用的资源代码临界区：指处理时不可分割的代码，运行这些代码不允许被打断任务：一个任务也称为一个线程，是一个简单的程序内核：多任务系统中，内核负责管理各个任务，或者说每个任务分配CPU时间，并且负责任务之间的通信调度：调度是内核的主要职责之一，调度就是决定该轮到哪个任务运行了。
ARM嵌入式系统基础教程_第六章 部分习题与答案
ARM第6章作业1.任务函数按照执行方式可划分为几类，各有什么特点。
答方式：单次执行类，周期执行类，事件触发类。
特点：单次执行类，创建后只执行一次，结束时自己删除自己周期执行类，按一个固定的周期来执行。
事件触发类，此任务平时处于等待状态，当某个事件产生时执行一次任务。
2.任务的优先级安排的原则是什么。
答1中断关联性，与中断服务程序(ISR)有关联的任务应安排尽可能高的优先级。
2紧迫性，在所有紧迫任务中，按响应时间要求排序，越紧迫的任务安排的优先级越高3关键性，任务越关键，优先级越高4频繁性，执行越频繁，周期越短，优先级越高5快捷性，越快捷的任务优先级越高6传递性，信息传递的上游任务的优先级高于下游任务的优先级。
3.系统函数使用的基本原则是什么。
答1配对性原则2中断服务程序调用函数的限制3 任务必须调用某个系统函数4.时间函数有什么作用。
答1控制任务的执行周期2 控制任务的运行节奏3 状态查询5.简述资源同步与行为同步的概念答资源同步：使得不同任务访问共享资源时能够确保共享资源信息可靠和完整的措施。
资源同步实现手段1，进入然后退出临界区2，禁止然后允许调度3，使用信号量与互斥信号量。
行为同步：一个任务的运行过程需要和其他任务的运行相配合，才能达到预定的效果，任务之间的这种动作配合和协调关系。
6.时间管理函数有哪些，有什么用途？答1系统延时函数OSTimeDly（），用途：调用该函数会使υＣ／OS－II进行一次任务调度，并且执行下一个优先级最高的处于就绪的任务2系统延时函数OSTimeDly,用途同上。
3 强制延时的任务结束延时函数OSTimeDlyResume( ) ,用途，υＣ／OS－II 允许用户结束正处于延时期的任务，延时的任务可以不等待延时期满，而是通过取消其他任务的延时来使自己处于就绪态，可以通过调用OSTimeDlyResume( )函数和指定要恢复的任务的优先级来完成。
4获得系统时间函数OSTimeGet()和设置系统时间函数OSTimeSet（），用途，用户可以通过调用OSTimeGet() 函数来获得该计数器的当前值，也可以通过调用OSTimeSet（）函数来改变该计数器的值。
ARM嵌入式系统试题及答案
ARM嵌入式系统试题及答案ARM嵌入式系统基础教程-中期开卷专业:软件1002班姓名:王实伟学生编号。
:04103060(24)一、嵌入式系统的基本概念1.什么是嵌入式系统？特点是什么？答:所谓的嵌入式系统实际上是“嵌入式计算机系统”的缩写。
与一般计算机系统相比，它侧重于开发独立的单片机技术。
嵌入式系统是“控制、监控或协助设备、机器和设备运行的设备”特点:(1)嵌入式系统是先进的计算机技术、半导体技术和电子技术与各行业具体应用相结合的产物，这决定了它必须是一个技术密集型、资本密集型、高度分散化和不断创新的知识集成系统。
(2)系统内核小(3)特异性强(4)系统简化(5)系统软件要求(6)嵌入式软件的开发应标准化，应使用多任务操作系统。
(7)嵌入式系统本身不具备进一步开发的能力。
2.举出你周围常见的嵌入式系统产品的例子，并谈谈你对“嵌入式系统”的初步理解。
答:产品有:洗衣机、空调、手机。
嵌入式系统是一种内置小型计算机系统的系统，可以智能地控制机器。
3.嵌入式系统的三个基本特征？答:(1)特异性(2)嵌入式(3)计算机系统4.什么是嵌入式处理器？嵌入式处理器可以分为几类。
答:嵌入式处理器是嵌入式系统的核心，是控制和辅助系统运行的硬件单元。
分类:四类(1)嵌入式微处理器(2)嵌入式微控制器(3)嵌入式数字信号处理器(4)片上系统芯片5.三种广泛使用的操作系统？答:多通道批处理操作系统、分时操作系统和实时操作系统。
6.列出4种常见的嵌入式操作系统？解释你对嵌入式操作系统的基本理解嵌入式系统开发中操作系统的必要性。
答:嵌入式Linux、Win CE、VxWorks、μC/OS-II没有操作系统的计算机效率很低。
将操作系统嵌入计算机可以提高效率。
系统的可靠性和开发效率缩短了开发周期。
第二，ARM7架构1.ARM是什么样的公司？1答:它是微处理器行业的知名企业，设计了大量高性能、低成本、低能耗的产品。
RISC处理器。
嵌入式系统基础教程第2版习题解答俞建新
《嵌入式系统基础教程第2版》习题和思考题解答要点提示版本：1.00版编写完成日期：2014年12月5日机械工业出版社《嵌入式系统基础教程第2版》习题和思考题解答要点提示目录目录简单说明 (1)第1章1.9节习题和思考题 (1)第2章2.5节习题和思考题 (4)第3章3.9节习题与思考题 (5)第4章4.8节习题和思考题 (8)第5章5.6节习题与思考题 (8)第6章6.11节习题与思考题 (13)第7章7.9节习题和实验题 (18)第8章8.7节习题与思考题 (20)第9章9.6节习题和思考题 (26)结束正文共31页 (31)简单说明1，从2014年4月初开始搜集资料、编写、整理、润色和修改，到2014年12月5日结束。
2，本文档给出的习题和思考题都是《嵌入式系统基础教程第2版》图书中各章最后一节段落中列出的习题和思考题。
为了描述简单起见，在文档正文中大多数情况下我们用“第2版教程”一词来代表《嵌入式系统基础教程第2版》图书。
3，对第2版教程中的大部分习题和思考题给出了解答要点提示，但是并非所有习题和思考题都是这样。
如果习题和思考题难度较大，或者需要技术成熟的开发板调试，或者需要较长时间的实验程序编写，对这样的习题和思考题我们不直接提供解答要点提示。
4，在这个文档中的插图编号我们采用“插图x-y”的形式。
其中x表示章号，y表示这一章的插图序号，例如：插图1-1、插图5-1、等。
5，本文档的编写者就是第2版教程的三名编写者，俞建新、王健、宋健建。
第1章1.9节习题和思考题习题1-1 试说明嵌入式系统和PC系统的主要差异在哪些方面？解答要点提示本道题目的解答可以从以下7个方面着手。
（1）嵌入式系统属于专用计算机系统，应用领域比较广泛，用户对象与嵌入式产品关系密切。
而PC 系统属于通用计算机系统，主要以个人用户需要为主，兼顾企业和事业单位的业务需要。
（2）嵌入式处理器的型号比较多，研发嵌入式产品时选型的余地比较大。
arm嵌入式系统基础教程课后答案
arm嵌入式系统基础教程课后答案【篇一：arm嵌入式系统基础教程习题答案周立功】/p> 1、举出3个书本中未提到的嵌入式系统的例子。
答:红绿灯控制,数字空调,机顶盒2、什么叫嵌入式系统嵌入式系统：以应用为中心、以计算机技术为基础、软件硬件可裁剪、适应应用系统对功能、可靠性、成本、体积、功耗严格要求的专用计算机系统。
3、什么叫嵌入式处理器？嵌入式处理器分为哪几类？嵌入式处理器是为完成特殊的应用而设计的特殊目的的处理器。
嵌入式微处理器(embedded microprocessor unit, empu)嵌入式微控制器(microcontroller unit, mcu)嵌入式dsp 处理器(embedded digital signal processor, edsp)嵌入式片上系统(system on chip)4、什么是嵌入式操作系统？为何要使用嵌入式操作系统？是一段在嵌入式系统启动后首先执行的背景程序，首先，嵌入式实时操作系统提高了系统的可靠性。
其次，提高了开发效率，缩短了开发周期。
再次，嵌入式实时操作系统充分发挥了 32 位 cpu 的多任务潜力。
第二章1、嵌入式系统项目开发的生命周期分哪几个阶段？各自的具体任务是什么？项目的生命周期一般分为识别需求、提出解决方案、执行项目和结束项目4 个阶段。
识别需求阶段的主要任务是确认需求，分析投资收益比，研究项目的可行性，分析厂商所应具备的条件。
提出解决方案阶段由各厂商向客户提交标书、介绍解决方案。
执行项目阶段细化目标，制定工作计划，协调人力和其他资源；定期监控进展，分析项目偏差，采取必要措施以实现目标。
结束项目阶段主要包括移交工作成果，帮助客户实现商务目标；系统交接给维护人员；结清各种款项。
2、为何要进行风险分析？嵌入式项目主要有哪些方面的风险？在一个项目中，有许多的因素会影响到项目进行，因此在项目进行的初期，在客户和开发团队都还未投入大量资源之前，风险的评估可以用来预估项目进行可能会遭遇的难题。
ARM9嵌入式系统设计基础课后答案全解
********************************************* *********************************************第一章1.简述嵌入式的定义以应用为中心、以计算机技术为基础，软件硬件可裁剪，适应应用系统对功能、可靠性、成本、体积、功耗严格要求的专用计算机系统。
2.举例说明嵌入式系统的“嵌入性”、“专用性”、“计算机系统”的基本特征。
按照嵌入式系统的定义，嵌入式系统有3个基本特点，即“嵌入性”、“专用性”与“计算机”。
“嵌入性”由早期微型机时代的嵌入式计算机应用而来，专指计算机嵌入到对象体系中，实现对象体系的智能控制。
当嵌入式系统变成一个独立应用产品时，可将嵌入性理解为内部嵌有微处理器或计算机。
“计算机”是对象系统智能化控制的根本保证。
随着单片机向MCU、SoC发展，片内计算机外围电路、接口电路、控制单元日益增多，“专用计算机系统”演变成为“内含微处理器”的现代电子系统。
与传统的电子系统相比较，现代电子系统由于内含微处理器，能实现对象系统的计算机智能化控制能力。
“专用性”是指在满足对象控制要求及环境要求下的软硬件裁剪性。
嵌入式系统的软、硬件配置必须依据嵌入对象的要求，设计成专用的嵌入式应用系统。
3. 简述嵌入式系统发展各阶段的特点。
（1）无操作系统阶段：使用简便、价格低廉；（2）简单操作系统阶段：初步具有了一定的兼容性和扩展性，内核精巧且效率高，大大缩短了开发周期，提高了开发效率。
（3）实时操作系统阶段：系统能够运行在各种不同类型的微处理器上，具备了文件和目录管理、设备管理、多任务、网络、图形用户界面Graphic User Interface，GUI）等功能，并提供了大量的应用程序接口Application Programming Interface，API），从而使应用软件的开发变得更加简单。
（4）面向Internet阶段：进入21世纪，Internet技术与信息家电、工业控制技术等的结合日益紧密，嵌入式技术与Internet技术的结合正在推动着嵌入式系统的飞速发展4.简述嵌入式系统的发展趋势。
(完整word版)嵌入式系统 ARM 试题
一、选择题1、以下说法不正确的是（B ）。
A、任务可以有类型说明B、任务可以返回一个数值C、任务可以有形参变量D、任务是一个无限循环2下列描述不属于RISC计算机的特点的是（C）。
A．流水线每周期前进一步。
B．更多通用寄存器。
C．指令长度不固定，执行需要多个周期。
D．独立的Load和Store指令完成数据在寄存器和外部存储器之间的传输。
3 存储一个32位数0x2168465到2000H～2003H四个字节单元中，若以大端模式存储，则2000H存储单元的内容为（D）。
A、0x21B、0x68C、0x65D、0x024 μCOS-II中对关键代码段由于希望在执行的过程中不被中断干扰，通常采用关中断的方式，以下X86汇编代码正确而且不会改变关中断之前的中断开关状态的是（D）A. 先CLI、执行关键代码、再STIB. 先STI、执行关键代码、再CLIC. 先POPF、CLI、执行关键代码、再PUSHFD. 先PUSHF、CLI、执行关键代码、再POPF。
5 RS232-C串口通信中，表示逻辑1的电平是（D ）。
A、0vB、3.3vC、＋5v～＋15vD、－5v～－15v6 ARM汇编语句“ADD R0, R2, R3, LSL#1”的作用是（A）。
A. R0 = R2 + (R3 << 1)B. R0 =( R2<< 1) + R3C. R3= R0+ (R2 << 1)D. (R3 << 1)= R0+ R27 IRQ中断的入口地址是（C）。
FIQ的入口地址为0x0000001CA、0x00000000B、0x00000008C、0x00000018D、0x000000148 S3C2420X I/O口常用的控制器是（D）。
（1）端口控制寄存器（GPACON-GPHCON）。
（2）端口数据寄存器（GPADA T-GPHDAT）。
（3）外部中断控制寄存器（EXTINTN）。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
《ARM嵌入式系统基础教程》试题及答案一、选择题1、以下说法不正确的是（B ）。
A、任务可以有类型说明B、任务可以返回一个数值C、任务可以有形参变量D、任务是一个无限循环2下列描述不属于RISC计算机的特点的是（C）。
A.流水线每周期前进一步。
B．更多通用寄存器。
C．指令长度不固定，执行需要多个周期。
D．独立的Load和Store指令完成数据在寄存器和外部存储器之间的传输。
3 存储一个32位数0x2168465到2000H～2003H四个字节单元中，若以大端模式存储，则2000H存储单元的内容为（D）。
A、0x21B、0x68C、0x65D、0x024 μCOS-II中对关键代码段由于希望在执行的过程中不被中断干扰，通常采用关中断的方式，以下X86汇编代码正确而且不会改变关中断之前的中断开关状态的是（D）A.先CLI、执行关键代码、再STIB. 先STI、执行关键代码、再CLIC. 先POPF、CLI、执行关键代码、再PUSHFD. 先PUSHF、CLI、执行关键代码、再POPF。
5 RS232-C串口通信中，表示逻辑1的电平是（D ）。
A、0vB、3.3vC、＋5v～＋15vD、－5v～－15v6 ARM汇编语句“ADD R0, R2, R3, LSL#1”的作用是（A）。
A.R0 = R2 + (R3 << 1)B. R0 =( R2<< 1) + R3C. R3= R0+ (R2 << 1)D. (R3 << 1)= R0+ R27 IRQ中断的入口地址是（C）。
FIQ的入口地址为0x0000001CA、0x00000000B、0x00000008C、0x00000018D、0x000000148 S3C2420X I/O口常用的控制器是（D）。
A.端口控制寄存器（GPACON-GPHCON）。
B.端口数据寄存器（GPADAT-GPHDA T）。
C.外部中断控制寄存器（EXTINTN）。
D.以上都是。
9 实时操作系统中，两个任务并发执行，一个任务要等待其合作伙伴发来信息，或建立某个条件后再向前执行，这种制约性合作关系被成为（A）。
A. 同步B. 互斥C. 调度D. 执行10 和PC系统机相比嵌入式系统不具备以下哪个特点（C）。
A、系统内核小B、专用性强C、可执行多任务D、系统精简11 、ADD R0，R1，#3属于（A）寻址方式。
A. 立即寻址B. 多寄存器寻址C. 寄存器直接寻址D. 相对寻址12、GET伪指令的含义是（A）A. 包含一个外部文件B. 定义程序的入口C. 定义一个宏D. 声明一个变量13、存储一个32位数0x876165到2000H～2003H四个字节单元中，若以小端模式存储，则2000H存储单元的内容为（C）。
A、0x00B、0x87C、0x65D、0x6114、μCOS-II操作系统不属于（C）。
A、RTOSB、占先式实时操作系统C、非占先式实时操作系统D、嵌入式实时操作系统15、若R1=2000H，(2000H)=0x86，(2008H)=0x39，则执行指令LDR R0，[R1，＃8]！后R0的值为（D ）。
A. 0x2000B. 0x86C. 0x2008D. 0x3916、寄存器R13除了可以做通用寄存器外，还可以做（C ）。
17、FIQ中断的入口地址是（A）。
A、0x0000001CB、0x00000008C、0x00000018D、0x0000001418、ARM指令集和Thumb指令集分别是（D ）位的。
A. 8位，16位B. 16位，32位C. 16位，16位D. 32位，16位19、ARM寄存器组有（D ）个寄存器。
A、7B、32C、6D、3720、若R1=2000H，(2000H)=0x28，(2008H)=0x87，则执行指令LDR R0，[R1，＃8]！后R0的值为（D ）。
A. 0x2000B. 0x28C. 0x2008D. 0x8721、寄存器R15除了可以做通用寄存器外，还可以做（A）A. 程序计数器B. 链接寄存器C. 堆栈指针寄存器D. 基址寄存器22、嵌入式系统有硬件和软件部分构成，以下（C）不属于嵌入式系统软件。
A. 系统软件B. 驱动C. FPGA编程软件D. 嵌入式中间件23、假设R1=0x31，R2=0x2 则执行指令ADD R0,R1,R2 LSL #3 后，R0的值是（C）A. 0x33B. 0x34C. 0x39D. 0x3823、和PC机系统相比下列哪个不是嵌入式系统独具的特点（C）A、系统内核小B、专用性强C、可执行多任务D、系统精简24、Unicode编码与（A）编码方式兼容。
A、ASCII码B、GBKC、GB2312D、区位码25 、Cache用于存放主存数据的部分拷贝，主存单元地址与Cache单元地址之间的转换用（A）完成。
A．硬件 B. 软件 C. 用户 D. 程序员26 在μC/OS-II系统中，OSTimeTick（）函数只被以下（A）函数或过程所调用。
A. OSTickISRB. OSShedC. OSCtxSwD. OSIntCtxSw27 每种嵌入式操作系统都有自身的特点以吸引相关用户，下列说法错误的是（D）。
A. 嵌入式Linux提供了完善的网络技术支持；B. μCLinux是专门为没有MMU的ARM芯片开发的；C. μC/OS-Ⅱ操作系统是一种实时操作系统（RTOS）；D. WinCE提供完全开放的源代码。
28 下列关于存储管理单元（MMU）说法错误的是（B）。
A. MMU提供的一个关键服务是使各个任务作为各自独立的程序在其自己的私有存储空间中运行。
B. 在带MMU的操作系统控制下，运行的任务必须知道其他与之无关的任务的存储需求情况，这就简化了各个任务的设计。
C. MMU提供了一些资源以允许使用虚拟存储器。
D. MMU作为转换器，将程序和数据的虚拟地址（编译时的连接地址）转换成实际的物理地址，即在物理主存中的地址。
29 下列CPSR寄存器标志位的作用说法错误的是（D）。
A. N：负数B. Z: 零C. C: 进位D. V: 借位30 S3C2410X处理器为用户进行应用设计提供了支持多主总线的IIC接口。
处理器提供符合IIC协议的设备连接的串行连接线为（C）。
A. SCL和RTXB. RTX和RCXC. SCL和SDAD. SDA和RCX31RQ中断的优先级别是（ D ）。
A. 1B. 2C. 3D. 432LDR R2，[R3,#128] 的寻址方式是（ C ）。
A. 寄存器寻址B. 寄存器移位C. 变址寻址D. 间接寻址33S3C2410有（ B ）个USB接口。
A. 1B. 2C.3D. 434 ARM处理器的工作模式有（ C ）种。
A. 5B.6C. 7D.8一、二、判断题1、程序运行过程中的资源可以是显示器、键盘，但不可以是一个数组或变量（X）2、在μCOS-II操作系统中，已知Task1的优先级为12，Task2的优先级为26。
假如在Task2运行过程中发生键盘中断，在执行中断服务程序时Task1进入就绪状态，则中断返回时Task1得到CPU的使用权。
（√）3、若定义任务task1的优先级为12，则不能再定义其他任务的优先级也为12（√）4、任务创建后即开始调度（X）5、液晶工作在文本模式下时，既可以显示英文字符也可以显示汉字（X）6、处于就绪状态的任务只能切换到运行状态（X）7、等待消息函数WaitMessage（0）中的“0”表示此函数的超时等待时间为0秒（X）8、若OSTaskSuspend (prio)函数把正在延时的任务挂起，则调用一次对应的唤醒函数即可使该任务切换到就绪状态。
（X）9、调试程序时，需要停止程序运行后才可查看变量内容（√）10、μCOS-II操作系统中移植成功后即可使用文件系统（X）11、将模拟信号转换成数字信号的电路是DA转换器。
（×）12、IIC是同步串行数据总线，。
（√）13、S3C2410的处理器对内存的访问只能通过Load/Store指令来实现。
（√）14、Nand Flash比Nor Flash成本高，可靠性差。
（×）15、C语言程序可以嵌套加入汇编程序模块。
（√）16、运算放大器的输出电压范围一般大于电源电压的范围。
（×）17、由于CPU内部寄存器的访问速度较高，根据ATPC标准，应尽可能使函数的参数控制在4个以下。
（√）18、ARM处理器结构体系中具有T变种处理器核可以工作在ARM状态和Thumb状态。
（√）三、简答题1.ARM体系结构的寄存器组织：37个32位寄存器，其中31个为通用寄存器，6个为状态寄存器，哪些寄存器是可编程访问的，取决微处理器的工作状态及具体的运行模式。
ARM微处理器的异常状态：7种异常2.ARM处理器有几种工作模式？并做说明每种工作模式的含义。
答：ARM处理器有7种工作模式:用户模式(usr)- 正常程序执行的模式0.5分快速中断模式(fiq)- FIQ异常响应时进入此模式0.5分中断模式(irq)- IRQ异常响应时进入此模式0.5分管理员模式(svc)- 系统复位和软件中断响应时进入此模式0.5分中止模式(abt)- 用于虚拟存储及存储保护0.5分系统模式(sys)- 与用户类似，但有直接切换到其它模式等特权0.5分未定义模式(und)- 未定义指令异常响应时进入此模式0.5分除了用户模式外，其他模式均可视为特权模式0.5分四、阅读程序题1、阅读下列与看门狗有关的寄存器描述，解释每一行代码的功能。
看门狗定时器控制寄存器（WTCON）看门狗定时器数据寄存器（WTDAT）看门狗计数寄存器（WTCNT）#define rWTCON (*(volatile unsigned *)0x53000000) // 第1行#define rWTDAT (*(volatile unsigned *)0x53000004) // 第2行#define rWTCNT (*(volatile unsigned *)0x53000008) // 第3行void watchdog_test(void){rWTCON = ((PCLK/1000000-1)<<8)|(3<<3)|(1<<2); // 第4行rWTDAT = 7812; // 第5行rWTCNT = 7812; // 第6行rWTCON |=(1<<5); // 第7行}第1-3 行：定义看门狗控制寄存器、数据寄存器和计数寄存器为rWTCON、rWTDAT和rWTCNT。
第4 行：设置看门狗的预装比例值为1000000，分频因素为1/128，并使能中断。