信号与系统1.2.3.章答案!陈后金高等教育

2-1: (1) x(t) =[u(t +1 −u(t)] −[u(t) −u(t −1 ] ) )
x(t)
1
2-1: (2)
x(t) = r(t +1 −r(t −1 −u(t −1 +δ(t +1 ) ) ) )
-1
0
1
t
−1
x(t)
(1)
-1 0 0 1 t
t
x(t )
1
2-1: (7)
x(t) =e−2t[u(t) −u(t −4)]
2-13:(3)
x[3k ]
2 1 1
2
k
-1 0 1 2
2-13:(4)
3-2
g (t ) = r (t ) − 2r (t − 1) + r (t − 2)
∵ x ( −1) (t ) = r (t ) − r (t − 1)
∴ g (t ) = x
( −1)
(t ) − x
( −1)
(t − 1)
y (t ) = yzi (t ) + yzs (t )
∞
3-28:
x(−1) =−3 x (0) = 4 h(0) = 1 −3 4
−3 −3 −3
4
x (1) = 6 x (2) = 0 x (3) = −1 6 0 −1 6
6
h (1) = 1
h(2) = 1
0
0
−1 −1 −1
4
4
h(3) = 1
第二步:求差分方程的齐次 解： 2 求差分方程的齐次 第二步 h [ 0 ] = C 1 + C 2 r −5r /6+1/6 =0 1 k1 1 k 1 特征方程为: [ ( + 特征方程为=hCk1 ] = )[3 (C 2) ( −) 2 ( 求 ] u [ C ] = 3, C 2 = − 2 h [1] ⇒ ) 出 k1 ∴1 =1/2, r =1/3 2 3 3 r 2 2
∴x
x
(−1)
(t) = ∫ { −τ [u( −1 −u(τ −2)]+3 (τ −3 dτ e τ ) δ )}
−∞
t −∞
t
(−1)
(t) = ∫
e−τ [u(τ −1 −u(τ −2)]dτ +3 (t −3 ) u )
0,t <1 t t −τ − τ ∫−∞ e [u(τ −1) −u(τ −2)]dτ = ∫1 e dτ,1<t <2 2 e−τ dτ,t > 2 ∫ 1 0,t <1 t −1 −t − τ ,1 ∫−∞ e [u(τ −1) −u(τ −2)]dτ =e −−e −2 <t <2 e 1 −e ,t > 2
∫
−∞
e− jω0t[δ(t +T) −δ(t −T)]dt =e− jω0(−T) −e− jω0(T)
= 2j sin(ωT) 0
2-5: (4)
x(t)
2 0 2 3 5
t
2 -1 0
x(t+1)
1 2 4
t
2 -3 0
x(t/3+1)
3 6 12
t
2-9:
x(t) =e−t[u(t −1 −u(t −2)]+tδ(t −3 求 (−1) (t), x'(t) ) ), x ∵x(t) =e−t[u(t −1 −u(t −2)]+3 (t −3 ) ) δ
y[ − 2] = 4C1 + 9C 2 = 1 ⇒ C1 = − 1 / 2, C 2 = 1 / 3
1 1 k 1 1 k 则 y zi [ k ] = − ( ) + ( ) ， k ≥ 0 2 2 3 3 1 k + 1 1 k +1 = − ( ) + ( ) ，k ≥ 0 2 3
(2) (b)计算零状态响应 计算零状态响应: 计算零状态响应
y g (t )
1 0 1 2 3
t
3-4 已知离散时间 系统,输入 x1[k ] = δ [k − 1] 时,输出 已知离散时间LTI系统 输入 输出; 系统 输出
1 k −1 y1[k ] = ( ) u[k − 1], 求当输入x2 [k ] = 2δ [k ] + u[k ]时系统响应y2 [k ]。 2
特征根为 s1 = -2, s2 = -5, 又因为 n > m , 所以： 则 h ( t ) = K 1e − 2 t u ( t ) + K 2 e − 5 t u ( t )
h '(t ) = − 2 K 1e −2 t u (t ) + K 1δ (t ) − 5 K 2 e −5 t u (t ) + K 2δ (t ) = − 2 K 1e −2 t u (t ) − 5 K 2 e −5 t u (t ) + ( K 1 + K 2 )δ (t ) h ''(t ) = 4 K 1e −2 t u (t ) − 2 K 1δ (t ) + 25 K 2 e −5 t u (t ) − 5 K 2δ (t ) + ( K 1 + K 2 )δ '(t ) 代入方程有： = K 1 + K 2 = '( t ) = 2 K 2δ ( t ) + 5 K∴K2 + (7/3; K1 )δ −1/3; 2δ '( t ) + 3δ ( t ) 1δ ( t )
∞
1 k −n k 1 k −n = ∑ 3( ) − ∑ 2( ) 2 3 n =0 n=0 1 k 1 k = [ 3 − 3( ) + ( ) ]u[k ] 2 3
完全响应: 完全响应
k
y[k ] = y zi [k ] + yzs [k ] 1 7 1 k 4 1 k = [ − ( ) + ( ) ]u[k ] 2 2 2 3 3
k 1 k 1 n 1 k ∴ y 2 [ k ] = 2( ) u [ k ] + ∑ ( ) =[2+( ) ]u [ k ] 2 2 n=0 2
3-14(1)
[δ(t +1 +2δ(t −1 ∗[δ(t −1 −δ(t −3)] ) )] ) =δ(t) +2δ(t −2) −δ(t −2) −2δ(t −4)
(3) 计算固有响应与强迫响应 计算固有响应与强迫响应:
1 7 1 k 4 1 k y[k ] = [ − ( ) + ( ) ]u[k ] 完全响应: 完全响应 2 2 2 3 3 7 1 k 4 1 k 固有响应: yh [k ] = [− ( ) + ( ) ]u[ k ] 固有响应 2 2 3 3 1 强迫响应: 强迫响应 y p [k ] = u[k ] 2 (4) 计算瞬态响应与稳态响应 计算瞬态响应与稳态响应:
1 k 1 k yzs [k ] = ∑ x[n]h[k − n] = u[k ] ∗ 3( ) − 2( ) u[k ] 3 2 n =−∞ ∞ 1 1 = ∑ u[n] ⋅ 3( ) k − n − 2( ) k − n u[k - n] 3 2 n =−∞ k 1 k −n 1 k −n = ∑ 3( ) − 2( ) 2 3 n=0
−
∴ y zi (t ) = 2e −2 t − e −5t , t ≥ 0 −
3:求零状态响应： 求零状态响应： 求零状态响应
yzs (t ) = x(t ) ∗ h(t ) = ∫ x(τ )h(t − τ )dτ
−∞
∞
4:求全响应： 求全响应： 求全响应
1 −2τ 7 −5τ = ∫ [− e u (τ ) + e u (τ )]e− (t −τ )u (t − τ )dτ −∞ 3 3 ∞ 1 −2τ 7 −5τ − (t −τ ) = ∫ [− e + e ]e dτ 0 3 3 1 −t 1 −2t 7 −5t = ( e + e − e )u (t ) 4 3 12
求零输入响应： ２:求零输入响应： 求零输入响应
特征根为s1 = −2, s2 = −5; 所以： 则 y zi (t ) = K1e −2t + K 2 e −5t , t ≥ 0 −
利用初始条件,有 利用初始条件 有:
y(0− ) = K1 + K 2 = 1 y '(0 ) = −2 K1 − 5K 2 = 1 ⇒ K1 = 2, K 2 = −1
x'(t) =e δ(t −1 −e δ(t −2) −e [u(t −1 −u(t −2)]+3 '(t −3) ) ) δ
−1 −2 −t
=−e−t[u(t −1 −u(t −2)]+e−1δ(t −1 −e−2δ(t −2) +3 '(t −3) ) ) u[k − 5]} = 0.9k ,0 ≤ k ≤ 4
x2 [k ] = 2 x1[k + 1] +
x2[k ] = 2x1[k +1] + ∑ x1[n +1]
∴ y2 [k ] = 2 y1[k + 1] +
n=−∞ n=−∞ k
n =−∞ k
n =−∞
∑ δ [ n] k
1
k
∑ y [n + 1]
1 k 1 n ∴ y2 [k ] = 2( ) u[k ] + ∑ ( ) u[n] 2 n =−∞ 2
∵h[−1] =0, h[−2] = 0
1 k ]/6 1 k ∴h[0] =5h[)−1+ C−(h[−2]/6k ]δ[0] =1 h[ k ] = [C 1 ( ) ]u [ + 2 2 3 h等 效 初 − 件 ： ] [0]/6 [ 1 ] 代 入 [1 =5h 始 条 h − ]/6+δ[1 =5/6