高考物理选择题满分练 (3)

选择题满分练 (3)一、单项选择题(本题共8小题，每小题3分，共24分)1.(2019·河南开封市模拟)下列说法不正确的是( )A.238 92U 经过一次α衰变后变为234 90ThB.由核反应方程137 55Cs →137 56Ba ＋X ，可以判断X 为电子C.核反应方程42He ＋14 7N →17 8O ＋11H 为轻核聚变D.若16 g 铋210经过15天时间，还剩2 g 未衰变，则铋210的半衰期为5天 解析 238 92U 经过一次α衰变后，电荷数少2，质量数少4，变为234 90Th ，选项A 正确；根据电荷数守恒、质量数守恒知，X 的电荷数为－1，质量数为0，可知X为电子，选项B 正确；42He ＋14 7N →17 8O ＋11H 为人工核反应方程，是发现质子的核反应方程，选项C 错误；根据m ＝m 0⎝ ⎛⎭⎪⎫12t T ，可得⎝ ⎛⎭⎪⎫1215T ＝18，解得T ＝5天，选项D 正确。

答案 C2.(2019·郑州外国语学校二模)下列说法中正确的是( )A.地面附近有一高速水平飞过的火箭，地面上的人观察到“火箭长度”要比火箭上的人观察到的长一些B.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以减弱反射光的强度C.在同种均匀介质中传播的声波，频率越高，波长也越长D.玻璃内气泡看起来特别明亮，是光线从气泡中射出的原因解析 根据相对论可知，地面附近高速水平飞过的火箭，地面上的人观察到的火箭长度比火箭上的人观察到的要短一些，故A 错误；拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以减弱玻璃反射的光的强度，故B 正确；在同种均匀介质中传播的声波，波速一定，根据公式v ＝λf 可得，频率越高，波长越短，C 错误；玻璃中的气泡看起来特别明亮是因为光从玻璃射向气泡时，一部分光在界面上发生了全反射，D 错误。

答案 B3. (2020·山东威海质检)如图1所示，一汽缸固定在水平地面上，用重力不计的活塞封闭着一定质量的气体。

已知汽缸不漏气，活塞移动过程中与汽缸内壁无摩擦。

初始时，外界大气压强为p0，活塞紧压小挡板。

现缓慢升高汽缸内气体的温度，则下列图中能反映汽缸内气体的压强p随热力学温度T变化的图象是()图1解析当缓慢升高汽缸内气体温度时，开始一段时间气体发生等容变化，根据查理定律可知，缸内气体的压强p与汽缸内气体的热力学温度T成正比，在p－T 图象中，图线是过原点的倾斜直线；当活塞开始离开小挡板时，缸内气体的压强等于外界大气压，气体发生等压膨胀，在p－T图象中，图线是平行于T轴的直线，B正确。

答案 B4.(2019·广东佛山模拟)如图2所示，一轻质弹簧固定在墙上，一个质量为m的木块以速度v0从右侧沿光滑水平面向左运动并与弹簧发生相互作用。

设相互作用的过程中弹簧始终在弹性限度范围内，那么，在整个相互作用的过程中弹簧对木块冲量I的大小为()图2A.I＝0B.I＝m v0C.I＝2m v0D.I＝3m v0解析设木块离开弹簧时的速度为v，根据机械能守恒定律得12m v2＝12m v2，所以v＝v0，设向右的速度方向为正方向，根据动量定理得I＝m v－(－m v0)＝2m v0，故选项C正确。

答案 C5.(2019·河南洛阳市模拟)三根平行的长直导体棒分别过正三角形ABC的三个顶点，并与该三角形所在平面垂直，各导体棒中均通有大小相等的电流，方向如图3所示。

则三角形的中心O处的合磁场方向为()图3A.平行于AB，由A指向BB.平行于BC，由B指向CC.平行于CA，由C指向AD.由O指向C解析如图所示，由安培定则可知，导线A中电流在O点产生的磁场的磁感应强度方向平行于BC，同理，可知导线B、C中电流在O点产生的磁场的磁感应强度的方向分别平行于AC、AB，又由于三根导线中电流大小相等，到O点的距离相等，则它们在O点处产生的磁场的磁感应强度大小相等，再由平行四边形定则，可得O处的合磁场方向为平行于AB，由A指向B，故选项A正确。

答案 A6.(2020·长沙天心区模拟节选)一个质点做简谐运动的图象如图4所示，下列叙述正确的是()图4A.质点的振动频率为4 HzB.在10 s内质点经过的路程是10 cmC.在t＝1.5 s和t＝4.5 s两时刻质点的速度相同D.在t＝1.5 s和t＝4.5 s两时刻质点的位移大小相等解析由图象读出周期为T＝4 s，则频率为f＝1T＝0.25 Hz，故A错误；质点在一个周期内通过的路程是4个振幅，t＝10 s＝2.5T，则在10 s内质点经过的路程是s＝2.5×4A＝10×2 cm＝20 cm，故B错误；由图看出，在t＝1.5 s和t＝4.5 s 两时刻质点位移大小相等，速度大小相等、方向相反，故C错误，D正确。

答案 D7.(2019·湖北宜昌市一中一模)如图5所示电路中，变压器为理想变压器，a、b 接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。

现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2 A，电流表A2的示数增大了0.8 A，则下列说法正确的是()图5A.电压表V1示数增大B.电压表V2、V3示数均增大C.该变压器起升压作用D.变阻器滑片是沿c→d的方向滑动解析根据变压器原理，输入电压U1和输出电压U2保持不变，而A2示数变大，说明负载电路电阻变小，所以滑动变阻器电阻R减小了，即变阻器滑片是沿c→d 的方向滑动的，选项A、B错误，D正确；原、副线圈中电流和匝数成反比，即n1I1＝n2I2，电流变化时，则有n1ΔI1＝n2ΔI2，可求得n1：n2＝4∶1，应为降压变压器，选项C错误。

答案 D8.(2019·北京东城区模拟)小型登月器连接在航天站上，一起绕月球做圆周运动，其轨道半径为月球半径的3倍。

某时刻，航天站使登月器减速分离，登月器沿如图6所示的椭圆轨道登月，在月球表面逗留一段时间完成科考工作后，经快速启动仍沿原椭圆轨道返回。

当第一次回到分离点时恰与航天站对接。

登月器快速启动时间可以忽略不计，整个过程中航天站保持原轨道绕月运行。

已知月球表面的重力加速度为g0，月球半径为R，不考虑月球自转的影响，则登月器可以在月球上停留的最短时间约为( )图6 A.4.7πR g 0 B.3.6πR g 0 C.1.7πRg 0 D.1.4πR g 0解析 月球半径为R ，则航天站的轨道半径为3R ，航天站转一周的时间为T ，则有GM 月m （3R ）2＝m 4π2T 2(3R )，对月球表面的物体有m 0g 0＝GM 月·m 0R 2，联立两式得T ＝ 63πRg 0。

登月器的登月轨道是椭圆，从与航天站分离到第一次回到分离点所用时间为沿椭圆轨道运行一周的时间T ′和在月球上停留时间t 之和，若恰好与航天站运行一周所用时间相同时t 最小，则有t min ＋T ′＝T ，由开普勒第三定律有（3R ）3T 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫4R 23T ′2，得T ′＝42πR g 0，则t min ＝T －T ′＝4.7πR g 0，所以选项A 正确。

答案 A二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分)9.如图7甲所示，在匀强电场中，虚线为电场线，与Ox 轴成θ＝37°角，Ox 轴上有a 、b 、c 三点，Oa ＝bc ＝12ab ＝2 cm ，Ox 轴上各点的电势φ的变化规律如图乙所示。

取sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8。

下列说法正确的是( )图7A.电场线方向斜向下B.场强大小为800 V/mC.c 点的电势为16 VD.场强大小为1 000 V/m解析 由题图乙知，沿Ox 方向电势降低，结合“沿电场线方向电势逐渐降低”知，电场线方向斜向下，故A 正确；Ob ＝6 cm ，O 、b 两点间的电势差U ＝48 V ，由U ＝E ·Ob cos θ得E ＝1×103 V/m ，故B 错误，D 正确；b 点的电势为零，c 点的电势为负值，且为φc ＝－16 V ，故C 错误。

答案 AD10.汽车A 和汽车B (均可视为质点)在平直的公路上沿两平行车道同向行驶，A 车在后(如图8甲所示)。

以某时刻作为计时起点，此时两车相距x 0＝12 m 。

汽车A 运动的x －t 图象如图乙所示，汽车B 运动的v －t 图象如图丙所示。

则下列说法正确的是( )图8A.在t ＝3 s 时，两车相距最远，且最远距离为20 mB.B 车在0～6 s 内的位移为23 mC.在t ＝8 s 时，两车相遇D.若t ＝1 s 时，A 车紧急制动(视为匀变速)，要使A 车追不上B 车，则A 车的加速度大小应大于14 m/s 2解析 由图乙可知A 车做匀速直线运动，速度大小为v A ＝4 m/s ，由图丙分析可知，t ＝3 s 时两车速度相等，相距最远，由位移关系得最远距离为20 m ，选项A 正确；B 车在0～6 s 内的位移和0～5 s 内的位移相等，为24 m ，选项B 错误；0～8 s 内A 车的位移大小为32 m ，B 车的位移大小为24 m ，两车相距24 m ＋12 m －32 m ＝4 m ，此时A 车未追上B 车，选项C 错误；t ＝1 s 时两车相距16 m ，当B 车停下来，A 车速度减为零时恰好追上B 车，此时A 车的加速度为一临界值，由速度与位移的关系可知，加速度大小a ＝14 m/s 2，故要使A 车追不上B 车，则A 车的加速度大小应大于14 m/s 2，选项D 正确。

答案 AD11.(2019·福建厦门市模拟)如图9甲所示，倾角θ＝30°的光滑绝缘固定斜杆底端固定一电荷量为2×10－4C的正点电荷Q，将一带正电小球(可视为点电荷)从斜杆的底端(但与Q未接触)由静止释放，小球沿斜杆向上滑动过程中能量随位移的变化图象如图乙所示，其中线1为重力势能随位移变化图线，线2为动能随位移变化图线(静电力常量k＝9×109N·m2/C2，g＝10 m/s2)，则()图9A.小球向上运动过程中的加速度先增大后减小B.小球向上运动过程中的速度先增大后减小C.由图线1可求得小球的质量m＝4 kgD.斜杆底端至小球速度最大处，由底端正点电荷Q形成的电场的电势差U＝2.35×105 V解析由图线2得知，小球的速度先增大后减小，根据库仑定律得知，小球所受的库仑力逐渐减小，合外力先减小后增大，加速度先减小后增大，则小球沿斜杆向上先做加速度逐渐减小的加速运动，再沿斜杆向上做加速度逐渐增大的减速运动，直至速度为零，故选项A错误，B正确；由线1可得E p＝mgh＝mgs sin θ，代入数据可以得到m＝E pgs sin θ＝6010×3×12kg＝4 kg，故选项C正确；由线2可得，当带电小球运动至1 m处动能最大为27 J，此时重力沿杆向下的分力与库仑力平衡，mg sin θ＝k qQs21，解得q＝1.11×10－5 C，根据动能定理有－mgh＋qU＝E km－0，代入数据得U＝4.23×106 V，故选项D错误。