2017-2018学年度高二上期期末物理试题及答案
2017-2018学年度高二上期期末物理试题及答案
2017-2018学年度高二上期期末物理试题及答案A. 电的电容增大B. 电的电容减小C. 电的电容不变A. 垂直纸面向里B. 垂直纸面向外C. 水平向左A. BAB. ELC. ELcosαD. ELsinαA. 沿磁感线方向，磁场逐渐减弱B. 放在匀强磁场中的通电导线一定受到安培力C. 磁场的方向就是通电导体所受安培力的方向A. EA=EBB. EA<EBC. φA=φBA. 粒子经偏转一定能回到原点OB. 粒子完成一次周期性运动的时间为2πm/qBC. 粒子在x轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为2:1A. A灯变暗，B灯变亮B. 内阻r消耗的热功率减小C. 微粒m所受电场强度增大A. 电容增大B. 电容减小C. 电容不变A. 垂直纸面向里B. 垂直纸面向外C. 水平向左A. BAB. ELC. ELcosαD. ELsinαA. 沿磁感线方向，磁场逐渐减弱B. 放在匀强磁场中的通电导线一定受到安培力C. 磁场的方向就是通电导体所受安培力的方向A. EA=EBB. EA<EBC. φA=φBA. 粒子经偏转一定能回到原点OB. 粒子完成一次周期性运动的时间为2πm/qBC. 粒子在x轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为2:1A. A灯变暗，B灯变亮B. 内阻r消耗的热功率减小C. 微粒m所受电场强度增大D. 电C的电容增大C. 带电微粒m将加速向上运动。
通过滑动变阻器R的电流增大，如图6所示，实线表示电场线，虚线表示等势面，相邻两个等势面之间的电势差相等。
有一个运动的正电荷在等势面L3上某点的动能为20 J，运动至等势面L1上的某点时动能变为8 J。
若取L2为零等势面，则此电荷的电势能为2 J时，其动能为18 J。
点电荷在电场中只受电场力的作用，从a点运动到b点的过程中，点电荷的电势能改变量为零，则下列说法正确的是：a点的电势一定等于b点的电势。
如图7所示，实线是匀强电场的电场线，电场方向水平向右，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹。
2017—2018学年度第一学期期末试卷(高二文科物理)(含答案)
2017—2018学年度第一学期期末试卷高二文综合三物理(全卷共计120分，考试时间60分钟)一、选择题(每小题的选项中，只有一项正确。
请将正确选项的字母序号填在相应的括号。
每小题5分，共50分)1、真空中有甲、乙两个点电荷，相距为r，它们间的静电力为F，若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的1／3，距离变为2 r，则它们之间的静电力变为A、3 F／8B、F／6C、8 F／3D、2 F／32、如图1所示，质量为m的带电小球以速度v在粗糙绝缘水平面上向右做匀速直线运动，物体受到的力的个数为A、1个B、2个C、3个D、4个3、如图2所示，竖直长导线A B的旁边放置一个小磁针，当导线通以由B到A方向的电流时，磁针的S极将A、转向读者B、背向读者C、向上偏转D、向下偏转4、如图3所示的电路中电源的电动势为E，内阻为r，当可变电阻的滑片P由a点向b点移动时，电压表V的读数u与电流表A的读数I的变化情况是A、U变大、I变小B、U变小、I变大C、U变小、I变小D、U变大、I变大5、做间谐运动的物体，通过平衡位置时，一定等于零的物理量是A、合外力B、回复力C、速度D、动能6、如图4所示是一列波某时刻的波形图，若已知质点C正向上振动，则A、此波向右传播B、D比C后回到平衡位置C、此时B点速度为正，加速度为正D、再过T／2，A到达波峰7、下列说法正确的是A、运动电荷一定受到洛伦兹力B、静止电荷可能受到洛伦兹力C、只有速度方向垂直于磁场方向的运动电荷才受到洛伦兹力D、只要速度方向与磁场方向不平行的运动电荷就受到洛伦兹力8、地面附近有一正在上升的空气团，它与外界的热交换忽略不计。
已知大气压强随高度增加而降低，则该气团在此上升过程中(不计气团内分子间的势能)A、体积减小，温度降低B、体积减小，温度不变C、体积增大，温度降低D、体积增大，温度不变-9、一点电荷电场中的电场线如图5所示，电场中A、B两点处场强的大小和电势分别用E A、E B和U A、U B表示，则A、U A>U B E A<E BB、U A<U B E A>E BC、U A<U B E A<E BD、U A>U B E A>E B、R2如的电流I和电压U的关系图象如图6所示，由图象10、两电阻R可知两电阻大小之比R1：R2等于A、1：3B、3：1C、1：2D、2：1二、填空题(每空5分、共计25分)11、在电场中把一个电量为6×10-6C的负电荷从A点移到B点，克服电场力做功3×10-5J，再将电荷从B点移到C点，电场力做功1．2×10-5J，求U AB= ,U ac=U AC=12．如图7所示，在倾角为θ的光滑斜面上，有一质量为m、长为l的通电直导体棒，电流方向如图所示，斜面处于垂直于斜面向上的匀强磁场中，当导体棒内通有I的电流时，导体棒恰好静止在斜面上，求磁感应强度的大小B=13、一定质量的气体膨胀做功100，同时吸收3 0 J，则气体内能的增量为三、实验题(每空6分、共计24分)14、以下实验操作正确的是A．单摆的最大摆角不大于10°B．测摆长时，应先把摆球挂起来再测量C．用秒表测周期时，应从摆球经过平衡位置时开始计时D．记下摆球从第一次经过最低点到第60次经过最低点的时间t，则单摆振动周期T=t／6015、一位同学在测定电源电动势和内阻实验中测得几组I、U数据，作出U—I图象如图8所示，由图象可知，该电源电动势E= V，电阻r= Ω，其短路电流为A．四、计算题(共计21分)16、如图9所示，用一根绝缘细线悬挂一个带电小球，小球的质量为m，电荷量为q，现加一个水平的匀强电场，平衡时绝缘细线与竖直方向夹角为θ角，则：这个匀强电场的场强E大小为多少?(10分)=9．0Ω，R2=5．0Ω，当开关S1、17、在如图10所示的图中RS2都闭合时，电流表的示数为0.6A：当S1闭合、S2断开时，电流表的示数为0.4A，求电源的电动势E和内阻r．(11分)。
辽宁葫芦岛市普通高中2017-2018学年高二上学期期末考试物理 图片版含答案
葫芦岛市2017-2018期末高二物理参考答案及评分标准 2018.1一、选择题（1-9单选，10-14多选，每题3分，对不全得2分）1.A2.D 3 .C 4.C 5.B 6.A 7.B 8.C 9.B10. ABC 11.BD 12.CD 13.ABC 14.BD二、实验题15 6.75 （2分）；6.124（2分）16 (1). 如图所示：（2分）(2). 左（2分）；(3). 电路中定值电阻的作用是保护电路，防止电源发生短路；（2分）(4).（2分）(5).（2分）三、计算题17. （9分）（1）由电场强度qF E =…………（2分） 解得C N E /200=…………（1分）（2）由动能定理，电荷的动能qEd E K =…………（2分）解得J E K 8102-⨯=…………（1分）（3）由电势差qW U =…………（2分） 解得A 、B 两点间的电势差V U 100= …………（1分）18．（10分）（1）由动能定理2121mv qU =…………（3分） 解得负离子离开B 板时的速度 m qU v 12=…………（2分） （2）负离子进入C 、D 后作类平抛运动 水平方向vt L =2…………（1分） 竖直方向2212at d =…………（1分） 由牛顿第二定律m a dU q =2…………（1分） 解得、两板间的电压V U 642=…………（2分） 19. （10分）（1）OA 棒切割磁感线运动，OA 棒中产生的电动势 E=ω221Br =10V, …………（2分） R 1与电容器串联但没有电流电流I=RR E +2=2A, …………（1分） 方向O 指向A …………（1分） R 2两端电压U=IR 2=6V …………（1分）电容器两端电压与R 2两端电压相等电容器的带电量q=UC=6×10-10C. …………（2分） 上极板带正电荷…………（1分）（2）电路中消耗的总功率P=EI=20W …………（2分）20.（15分） （1）电子在电场中作类平抛运动水平方向102t v d = …………（1分） 竖直方向2121at d =…………（1分） 由牛顿第二定律ma qE =…………（1分） 解得电场强度edmv E 220=…………（1分） （2）从P 点到D 点，由动能定理2022121mv mv eEd -=…………（1分） 解得电子进入磁场时的速度大小02v v =…………（1分） 在磁场中电子作匀速圆周运动r mv evB 2=…………（1分）由几何关系可知，电子以与水平X 轴成450进入电场，且与X 轴交点为Q ，Q 、D 两点间距离r QD 2=…………（1分）设电子在磁场中运动时间为t 2, 电子第二次进入电场后在电场中运动时间为t 3到达D 点， 电子第二次进入电场竖直方向匀减速 245sin 30t a v =…………（1分） 水平方向匀速运动3045cos t v QD =…………（1分） 解得磁感应强度edm v B 20=…………（1分） （3）由几何关系可知，电子在磁场中运动时间432T t =周期v rT π2= …………（1分） 解得023v d t π=…………（1分） 第二次在电场中运动时间034v d t =…………（1分） 电子从P 点运动开始计时到第二次通过D 点所经历的时间321t t t t ++= 解得03)2(v d t π+=…………（1分）。
【经典试卷】2017-2018学年 高二(上)期末物理试卷(选修3-1)(解析版)
【经典试卷】2017-2018学年高二（上）期末物理试卷（选修3-1）(解析版)一、单项选择题1.在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献．下列说法正确的是（）A．库仑发现了点电荷的相互作用规律B．安培发现了电流的磁效应C．洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律D．奥斯特发现了磁场对运动电荷的作用规律2．一带负电的点电荷，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知点电荷的速率是递减的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）A．B．C． D．3．如图甲所示，P、Q是电场线上的两点，在P点由静止释放一个质子，仅在电场力的作用下，沿着电场线从P点运动到Q点，质子的速度随时间变化的关系如图乙所示，下列判断正确的（）A．该电场是匀强电场B．从P点到Q点，质子受到的电场力减小C．从P点到Q点，质子的电势能增大D．P点的电势高于Q点的电势4．如图所示，平行板电容器的电容为C，电荷量为Q，板间距离为d，静电力恒量为k．今在两极板的中间放入一电荷q，则它所受电场力的大小为（）A．k B．k C．D．5．如图，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，A为它们连线的中点，B为连线上靠近N的一点，C点如图所示，在A、B、C三点中（）A．场强最小的点是A点，电势最高的点是B点B．场强最小的点是A点，电势最高的点是C点C．场强最小的点是C点，电势最高的点是B点D．场强最小的点是C点，电势最高的点是A点6．两平行带电金属板水平放置．若在两板中间某点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态．现将两板逆时针旋转45°，如图所示，再由同一点从静止释放同样的微粒，则微粒将（）A．保持静止状态B．向右下方做匀加速运动C．水平向左做匀加速运动D．向左下方做匀加速运动7．某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是（）A．若选择甲图，测量值比真实值偏大B．若选择乙图，测量值比真实值偏大C．若被测电阻R X与电流表内阻接近，应该选择乙图误差较小D．若被测电阻R X与电压表内阻接近，应该选择甲图误差较小8．粗细均匀的金属环上，A、B、C、D四点把其周长四等分，如图所示，当A、C点接入电路中时，圆环消耗的电功率为P；当A、D点接入电路中时，圆环消耗的电功率为（电源内阻不计）（）A．B．C．P D．3P9．电源电动势为ε，内阻为r，向可变电阻R供电．关于路端电压，下列说法中正确的是（）A．因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B．因为U=IR，所以当R增大时，路端电压也增大C．因为U=IR，所以当I增大时，路端电压也增大D．因为U=ε﹣Ir，所以当I增大时，路端电压下降10．在阴极射线管中电子流方向由左向右，其上方有一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则阴极射线将（）A．向纸里偏转B．向纸外偏转C．向上偏转D．向下偏转11．为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的．在如图四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）A．B．C．D．12．如图所示，两平行导轨与水平面成θ角倾斜放置，电源、电阻、金属细杆及导轨组成闭合回路，细杆与导轨间的摩擦不计．整个装置分别处在如图所示的各匀强磁场中，其中可能使金属杆处于静止状态的是（）A．B．C．D．13．三个完全相同的小球a、b、c带有等量正电荷，从同一高度由静止开始下落，当落下h1高度后a球进入水平向左的匀强电场，b球进入垂直纸面向里的匀强磁场，c球进入只有重力场的区域，如图所示，它们到达水平面上的速度大小分别用v A、v B、v C表示，它们的关系是（）A．v A＞v B=v C B．v A=v B=v C C．v A＞v B＞v C D．v A=v B＞v C14．如图所示，螺线管两端加上如图所示电压，沿着螺线管轴线方向有一电子射入，则该电子在螺线管内将做（）A．匀加速直线运动 B．往返运动C．匀速直线运动D．匀速圆周运动15．关于回旋加速器加速带电粒子所获得的能量，下列说法正确的是（）A．与加速器的电场有关，电场越强，能量越大B．与加速器的磁场有关，磁场越强，能量越大C．与加速器的电场和磁场均有关，电场和磁场越强，能量越大D．与带电粒子的质量有关，质量越大，能量越大二、多项选择题16．下列属于预防静电危害的做法是（）A．在高大的建筑物顶端安装避雷针B．水泥厂利用静电除去废气中的粉尘C．在制造轮胎的橡胶中添加导电材料D．行驶中的油罐车尾带一条拖地的铁链17．引力场和电场之间有许多相似的性质，在处理有关问题时可以将它们类比．例如电场中反映各点电场强弱的电场强度，其定义式为，在引力场中可以有一个类似的物理量来反映各点引力场的强弱，设地球质量为M，半径为R，地球表面处重力加速度为g，引力常量为G，则下列表达式中能反映地球表面的引力场强弱的是（）A．B．C．D．g18．如图所示，电源电动势为E、内阻为r，电阻R1、R2、R3为定值电阻，R4为光敏电阻（有光照射时电阻变小），C为定值电容．当S闭合且电路稳定后，让光照射R4，则下列说法正确的是（）A．电流表示数减小 B．电容器电荷量增大C．电压表示数增大 D．R1上消耗的功率减小19．如图所示为一电路的示意图，a、b、c、d为接线柱，a、d与直流电源连接，ab间、bc间、cd间分别连接一个电阻．现发现电路中没有电流，为检查电路故障，用一多用电表的直流电压挡分别测得b、d两点间和a、c两点间均有电压．由此可知（）A．ab间电路通，cd间电路不通B．ab间电路不通，bc间电路通C．ab间电路通，bc间电路不通D．bc间电路不通，cd间电路通20．关于多用电表，下列说法中正确的是（）A．不管是测电压、电流还是测电阻，流过多用电表的电流均是从红表笔流入，黑表笔流出B．测电阻时，要进行欧姆调零，调好后变换倍率档就不用再调零了C．测电阻时，指针指在中值附近，测量结果才比较准确D．多用电表使用完后应将转换开关拨至交流电压的最大量程档21．某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法正确的是（）A．加5 V电压时，导体的电阻约是5ΩB．加12 V电压时，导体的电阻约是1.5ΩC．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大22．在“测定金属的电阻率”的实验中，下列操作正确的是（）A．用米尺测量金属丝的全长，且测量三次，算出其平均值，然后再将金属丝接入电路中B．用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值C．用伏安法测电阻时采用电流表外接法，多次测量后算出平均值D．实验中应保持金属丝的温度不变23．如图为自左向右逐渐增强的磁场，一不计重力的带电粒子垂直射入其中，由于周围气体的阻碍作用，其运动轨迹恰为一段圆弧PQ（粒子电量保持不变），则可判断（）A．粒子从P点射入 B．粒子所受洛伦兹力逐渐增大C．粒子从Q点射入D．粒子的动能逐渐减小24．在场强E=1.0×102V/m的匀强电场中，有相距d=2.0×10﹣2m的a、b两点，则a、b两点间的电势差可能为（）A．1.0 V B．2.0 V C．3.0 V D．4.0 V25．1922年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究荣获了诺贝尔化学奖．若速度相同的一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图，则下列正确的是（）A．该束带电粒子带正电B．该束带电粒子带负电C．速度选择器的P1极板带正电D．在B2磁场中运动半径越大的粒子，比荷越小三、解答题（共4小题，满分50分）26．（10分）在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻”的实验中，（1）按图甲、乙所示两种电路测量干电池的电动势和内阻，应选电路．（填甲或乙）．（2）图丙电路中部分导线已连接，请用笔画线代替导线将电路补充完整．注意，开始实验前要保证滑动变阻器处于最大电阻处．（3）闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表和电流表的示数．用同样方法测量多组数据，将实验测得的数据标在如丁图所示的坐标图中，请作出UI图线，（4）由UI图象，待测电池的电动势E=V，内电阻r=Ω．（结果保留两位有效数字）27．（12分）质量为m=5×10﹣8kg的带电微粒以v0=2m/s速度从水平放置的平行金属板A、B的中央水平飞入板间．已知板长L=10cm，板间距离d=2cm，当U AB=1.0×103V时，带电微粒恰好沿直线穿过平行金属板，（重力加速度g=10m/s2）求：（1）带电粒子带何种电荷？电荷量q多大？（2）若要带电粒子恰好从B板右端飞出，则AB间所加电压U1为多大？（3）若要带电粒子恰好从A板右端飞出，则AB间所加电压U2为多大？28．（14分）空间有E=100V/m竖直向下的匀强电场，长L=0.8m不可伸长的轻绳固定于O点．另一端系一质量m=0.5kg，电量q=0.05C的带正电小球．拉起小球至绳水平后在A点无初速度释放，当小球运动至O点的正下方B点时绳恰好断裂，小球继续运动，最后落至地面上C点，B点离地的高度h B=0.2m．（g=10m/s2）试求：（1）绳子的最大张力为多大？（2）落地点C到B点的水平距离为多大？（3）A、C两点的电势差为多少？31．（14分）如图所示，在x轴上方有垂直于xy平面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B=1.0×10﹣7T，在x轴下方有沿y轴负方向的匀强电场，场强为E=1.0×10﹣7N/C，一质量为m=1.0×10﹣15kg、电量为1.0×10﹣7C的粒子（不计重力）从y轴上方的P点沿着x轴正方向射出，正好垂直进入匀强电场中，当第二次进入电场时，到达X轴的Q点，Q点与O点的距离为L=3米，求：（1）此粒子带何种电荷（2）射出时的速度v为多大？（2）此粒子从P到Q运动的总路程s为多大？高二（上）期末物理试卷（选修3-1）参考答案与试题解析一、单项选择题（2015秋•惠州期末）在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献．下列说法正确的是（）A．库仑发现了点电荷的相互作用规律B．安培发现了电流的磁效应C．洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律D．奥斯特发现了磁场对运动电荷的作用规律【考点】物理学史．【分析】本题考查电磁学物理学史，根据库仑、安培、洛伦兹力、奥斯特等科学家的贡献进行解答．【解答】解：A、库仑通过扭秤实验发现了点电荷的相互作用规律﹣﹣﹣库仑定律，故A正确．B、奥斯特发现了电流的磁效应，故B错误．C、安培发现了磁场对电流的作用规律，故C错误．D、洛伦兹力发现了磁场对运动电荷的作用规律，故D错误．故选：A【点评】解答本题关键掌握电磁学物理学史，对于科学家的重大发现要记牢，不能张冠李戴．2．一带负电的点电荷，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知点电荷的速率是递减的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）A．B．C．D．【考点】电场强度；物体做曲线运动的条件．【分析】根据物体做曲线运动的条件和受力特点：合力指向轨迹的内侧，分析电荷受的电场力方向，再由负电荷所受的电场力方向与场强方向相反进行选择．【解答】解：A、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向．故A错误．B、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题不符．故B错误．C、图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动．故C错误．D、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小，符合题意．故D 正确．故选：D【点评】本题是电场中轨迹问题，抓住电荷所受的合力指向轨迹的内侧和速度沿轨迹的切线方向是解题的关键．3．如图甲所示，P、Q是电场线上的两点，在P点由静止释放一个质子，仅在电场力的作用下，沿着电场线从P点运动到Q点，质子的速度随时间变化的关系如图乙所示，下列判断正确的（）A．该电场是匀强电场B．从P点到Q点，质子受到的电场力减小C．从P点到Q点，质子的电势能增大D．P点的电势高于Q点的电势【考点】电场线；电势能．【分析】速度图象的斜率等于物体的加速度，故P点的场强小于Q点场强；正电荷所受电场力的方向与场强的方向相同，沿电场线的方向电势降低是解决本题的突破口．【解答】解：AB、速度图象的斜率等于物体的加速度，由图可知点电荷从P向Q 运动的过程中加速度越来越大，则电场力越来越大，故P点的场强小于Q点场强．故AB错误；CD、由于质子沿电场线运动过程当中做加速运动，电场力做正功，电势能减小，故点电荷所受电场力方向由P指向Q，又由于正电荷所受电场力的方向与场强的方向相同，所以电场线的方向由P指向Q，而沿电场线的方向电势降低，所以P 点电势比Q点的电势高．故C错误，D正确．故选：D【点评】本题虽然难度不大，但考查的知识点比较全面，特别是从图象中获取解题的突破口，要注意掌握．4．如图所示，平行板电容器的电容为C，电荷量为Q，板间距离为d，静电力恒量为k．今在两极板的中间放入一电荷q，则它所受电场力的大小为（）A．k B．k C．D．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】根据电容器的定义式C=，求出电容器两端间的电势差，根据匀强电场的强度公式E=得出电场强度，从而得出电场力．【解答】解：根据电容器的定义式C=，得U=，平行板电容器内部的电场强度大小为E=，故对点电荷q的作用力大小为F=qE=，故选：C．【点评】解决本题的关键掌握电容的定义式C=，以及匀强电场电势差与电场强度的关系式E=．5．如图，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，A为它们连线的中点，B为连线上靠近N的一点，C点如图所示，在A、B、C三点中（）A．场强最小的点是A点，电势最高的点是B点B．场强最小的点是A点，电势最高的点是C点C．场强最小的点是C点，电势最高的点是B点D．场强最小的点是C点，电势最高的点是A点【考点】电场线；电场的叠加；电势差与电场强度的关系．【分析】根据等量异种电荷电场线的分布去比较场强的大小，以及电势的高低．沿着电场线方向电势降低．【解答】解：根据等量异种电荷电场线的分布，知道E B＞E A＞E C，场强最小的是C点．等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，知ΦA=ΦC，沿着电场线方向电势逐渐降低，异种电荷间的电场线由正电荷指向负电荷，知ΦB＞ΦA，所以电势最高点是B点．故ABD错误，C正确．故选：C【点评】解决本题的关键是熟悉等量异种电荷周围电场线的分布以及知道等量异种电荷间连线的垂直平分线是等势线．6．两平行带电金属板水平放置．若在两板中间某点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态．现将两板逆时针旋转45°，如图所示，再由同一点从静止释放同样的微粒，则微粒将（）A．保持静止状态B．向右下方做匀加速运动C．水平向左做匀加速运动D．向左下方做匀加速运动【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】开始时刻微粒保持静止，受重力和电场力而平衡；将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，电容器带电量不变，间距不变，正对面积也不变，故电场强度的大小不变，电场力的大小不变，方向逆时针旋转45°，根据平行四边形定则求解出合力的方向，确定微粒的运动即可．【解答】解：粒子在电容中受力如图所示；在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态，微粒受重力和电场力平衡，故电场力大小F=mg，方向竖直向上；将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，电场强度大小不变，方向逆时针旋转45°，故电场力逆时针旋转45°，大小仍然为mg；故重力和电场力的大小均为mg，方向夹角为135°，故合力向左下方，微粒的加速度恒定，向左下方做匀加速运动；故ABC错误，D正确；故选：D．【点评】本题关键是对微利受力分析后结合牛顿第二定律分析，注意本题中电容器的两板绕过a点的轴逆时针旋转，板间场强大小不变，从而明确带电粒子的受力情况即可求解．7．某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是（）A．若选择甲图，测量值比真实值偏大B．若选择乙图，测量值比真实值偏大C．若被测电阻R X与电流表内阻接近，应该选择乙图误差较小D．若被测电阻R X与电压表内阻接近，应该选择甲图误差较小【考点】伏安法测电阻．【分析】电流表外接法测得的电阻阻值是待测电阻R x和电压表内阻的并联电阻值；电压表内阻越大，电阻越小，测量的误差越小；而电流表内接法测得的电阻阻值是电流表内阻与待测电阻的串联值的和，待测电阻越大，误差越小．【解答】解：A、甲图所示电路是电流表外接法，用它测量电阻时，测量值是待测电阻Rx和电压表内阻的并联电阻值，故测得的电阻值偏小，故A错误；B、乙图所示电路是电流表内接法，用它测量电阻时，测量值R测=R x+R A＞R x，测量值偏大；故B正确；C、电流表内阻很小，被测电阻R X与电流表接近，若采用乙图接法，则误差较大；因此应该选择甲图误差较小，故C错误；D、电压表内阻越大，被测电阻R X与电压表接近，应该选择乙图误差较小．故D 错误．故选：B．【点评】该题中用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻值大，电流表外接法测得的电阻值偏小；该知识点既可以说是属于记忆性的知识，也要记住分析的方法．8．粗细均匀的金属环上，A、B、C、D四点把其周长四等分，如图所示，当A、C点接入电路中时，圆环消耗的电功率为P；当A、D点接入电路中时，圆环消耗的电功率为（电源内阻不计）（）A ．B ．C ．PD ．3P【考点】电功、电功率．【分析】电源内阻不计，路端电压等于电动势，保持不变．设圆环每一等分的电阻为R ，根据串并联电路的特点求出当A 、C 点接入电路中时总电阻及当A 、D点接入电路中时总电阻，由功率公式P=，利用比例法求解当A 、D 点接入电路中时，圆环消耗的电功率．【解答】解：设电源的电动势为E ，金属环每一等分的电阻为R ，则当A 、C 点接入电路中时总电阻：R 1=R当A 、D 点接入电路中时总电阻：R 2==由功率公式P=，U=E 得到：P 2：P 1=R 1：R 2=4：3，又P 1=P 得到：P 2=故选：A【点评】本题是串并联电路知识与电功率的综合，关键之处在于应用比例法研究两种情况功率关系．9．电源电动势为ε，内阻为r ，向可变电阻R 供电．关于路端电压，下列说法中正确的是（ ）A ．因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B ．因为U=IR ，所以当R 增大时，路端电压也增大C ．因为U=IR ，所以当I 增大时，路端电压也增大D．因为U=ε﹣Ir，所以当I增大时，路端电压下降【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】给定的电源，其电动势和内阻都不变，与外电路无关，而路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小．【解答】解：A、电源电动势不变，路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小．故A错误．B、当R增大时，I减小，不能根据U=IR判断路端电压的变化，而由U=E﹣Ir分析，E，r不变，I减小，得到U增大．故B错误．C、当I增大时，说明R减小，不能根据U=IR判断路端电压的变化，而由U=E﹣Ir分析，E，r不变，I增大，得到U减小．故C错误．D、根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir可知，I增大时，路端电压U减小．故D 正确．故选D【点评】本题是简单的路动态分析问题．对于路端电压与电流的关系，也可以作出电源的外特性曲线U﹣I图线，更直观判断它们的关系．10．在阴极射线管中电子流方向由左向右，其上方有一根通有如图所示电流的直导线，导线与阴极射线管平行，则阴极射线将（）A．向纸里偏转B．向纸外偏转C．向上偏转D．向下偏转【考点】电流的磁场对磁针的作用．【分析】阴极射线由于受到洛伦兹力而发生偏转，先根据安培定则判断出通电导线产生的磁场方向，再运用左手定则判断洛伦兹力方向，即可判断阴极射线的偏转方向．【解答】解：根据安培定则判断可知：通电导线在阴极射线管处产生的磁场方向垂直纸面向里，电子带负电，向右运动，由左手定则判断得知电子流所受的洛伦兹力方向向下，所以阴极射线向下偏转．故D正确，ABC错误．故选：D．【点评】本题关键要掌握两大定则：安培定则和左手定则，要明确两个问题：一是什么条件用什么定则，二是怎样用定则．11．为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I引起的．在如图四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是（）A．B．C．D．【考点】分子电流假说．【分析】要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向．【解答】解：地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西．故B正确．故选B．【点评】主要考查安培定则和地磁场分布，掌握安培定则和地磁场的分布情况是解决此题的关键所在．另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定．12．如图所示，两平行导轨与水平面成θ角倾斜放置，电源、电阻、金属细杆及导轨组成闭合回路，细杆与导轨间的摩擦不计．整个装置分别处在如图所示的各匀强磁场中，其中可能使金属杆处于静止状态的是（）A．B．C．D．【考点】安培力；共点力平衡的条件及其应用．【分析】本题在磁场中考查了物体平衡问题，对物体正确进行受力分析，看能否满足平衡条件，同时知道左手定则的内容：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向电流方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．【解答】解：A、磁场的方向与电流的方向相同，不受安培力，金属杆受重力和支持力不可能平衡．故A错误．B、金属杆所受的安培力方向竖直向上，若安培力与重力平衡，金属杆能处于平衡状态．故B正确．C、金属杆受垂直于杆子向上的安培力，重力，支持力，不可能平衡．故C 错误．D、金属杆受到水平向左的安培力，重力，支持力，不可能平衡．故D错误．故选B．【点评】这类问题的解题思路和以前所学物体平衡解题思路一样，只不过在受力分析时多了安培力，注意正确应用左手定则判断安培力的方向．13．三个完全相同的小球a、b、c带有等量正电荷，从同一高度由静止开始下落，当落下h1高度后a球进入水平向左的匀强电场，b球进入垂直纸面向里的匀强磁场，c球进入只有重力场的区域，如图所示，它们到达水平面上的速度大小分别用v A、v B、v C表示，它们的关系是（）A．v A＞v B=v C B．v A=v B=v C C．v A＞v B＞v C D．v A=v B＞v C。
2017-2018年山东省临沂市高二上学期期末物理试卷和答案
2017-2018学年山东省临沂市高二（上）期末物理试卷一、选择题：1．两个放在绝缘架上的相同金属球相距r，球的半径比r小得多，带电量大小分别为q和3q，相互斥力大小为3F．现将这两个金属球相接触，然后分开，仍放回原处，则它们之间的相互作用力大小将变为（）A．4F B．C．2F D．1.5F2．下列说法中正确的是（）A．由B=可知，B与F成正比与IL成反比B．一小段通电导线在某处不受安培力的作用，则该处磁感应强度一定为零C．磁感应强度的方向与磁场力的方向不相同D．.把一小段通电导线放在磁场中某处，该处就有磁感应强度。
把一小段通电导线拿走该处就没有磁感应强度3．一平行板电容器两极板间距为d、极板面积为S，电容为C，对此电容器充电后断开电源，当增加两板间距时，电容器极板间（）A．电场强度不变，电势差变大B．电场强度不变，电势差不变C．电场强度减小，电势差不变D．电场强度减小，电势差减小4．如图所示，有一矩形闭合导体线圈，在范围足够大的匀强磁场中运动、下列图中能产生感应电流的是（）A．水平运动B．水平运动C．绕轴转动D．绕轴转动5．一个直流电动机，线圈电阻恒定为0.5Ω；若把电动机接2.0V电压能正常工作，是（）此时经过线圈的电流是1.0A，则电动机的输出功率P出A．P出=2.5W B．P出=2W C．P出=1.5W D．P出=1W6．如图，在方框中有一能产生磁场的装置，在方框右侧放置一通电直导线（电流方向如图），发现通电直导线受到向右的作用力，则方框中放置的装置可能是（）A．通电螺线管B．垂直纸面的通电直导线C．通电圆环D．通电直导线7．如图所示，两根相距为l的平行直导轨ab、cd．b、d间连有一固定电阻R，导线电阻可忽略不计。
MN为放在ab和cd上的一导体杆，与ab垂直，其电阻也为R．整个装置处于匀强磁场中，磁感应强度的大小为B，磁场方向垂直于导轨所在平面（指向图中纸面内）．现对MN施力使它沿导轨方向以速度v （如图）做匀速运动。
四川省凉山州2017-2018学年高二上学期期末考试物理答案
凉山州2017—2018学年度上期期末检测高二物理参考答案及评分意见一、选择题（每题４分，共４８分，１－８小题单选，９－１２多选，多选选对４分，选对但不全２分，有错选０分）1、B；2、C；3、B；4、C；5、B；6、C；7、B；8、B；9、BC；10、AC；11、AC；12、BC；二、实验题（16分）13．（1）不能；（2）大；14．(1)B；D；F；(2)乙；(3)1.5；1.0三、计算题（本题共4小题，共36分。
）15．(8分)(1)由图得：E B＝F B/q=2.5 V/m……..……..2+1分(2)由图得：E A＝F A/q=40 V/m……………….…..2分E A=kQ/r2解得：Q=3.6×10-9C….….2+1分16．(8分)匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，故过M点速度的垂线与Mc的中垂线的交点为圆心，画出运动轨迹，如图所示：(1)在Rt△doc中，有：(r-l/2)2+l2=r2解得：r=5 l /4... ..2分洛仑兹力提供向心力，有：evB=mv2/r………….. ..1分联立得：v=5 l eB/4m (1)(2)圆周运动：sinθ= l/r①……………………..……….. ..2分t=θm/eB②……………………..……….. 1分解①②得：t=53180meBπ………………………..………...1分17．(8分)（1）当S闭合时，电容器电压为U，则：21.53EU R ER=•=①……….....2分o对带电小球受力分析得：mg =qU /d ②………………………………….………...1分 由①②式 解得：E =3mgd /2q ……………………………………………………...1分 （2）断开S ，电容器电压为U 1，则：122E E U R R =•=③……………….…………...1分 对带电小球运动的全过程，根据动能定理得：q 1U 1﹣mgd /2- qU 1/2=0④……...2分 解③④得：q 1=7q /6……………………………………………………….………...1分18．（12分）（1）刚释放有：ma mg mg =-θμθcos sin 解得：μ=0.5.……….…...1+1分rR Ls B r R It q +=+∆==0φ解得：s =2m……………………….………...1+1分 (2) 金属棒从静止滑行至cd 过程：021cos sin 2-=--mv W mgs mgs A θμθ…….2分 由能量守恒定律有：Q =W A =0.1J………………………………………..………1分 由能量分配关系有：Q Q r R R Q R 54=+==0.08J…………………………………..1分 (3)磁通量不变回路中无感应电流，则：ma mg mg =-θμθcos sin ..…………….1分 磁通量关系为2012B Ls BL s vt at ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭……………………….………………….. 2分 解得：2222tt B ++=………………………………………………………….………1分。
17-18上高二期末物理答案
1.1.1.1.1.1.巴南区2017—2018学年度上期期末质量监测高二物理参考答案一、选择题（每小题5分，共50分．8-10题至少有两个正确选项，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．B 2．D 3．B 4．C 5．A 6．C 7．B8．AC 9．AD 10．BD二、实验探究题（共16分）11． R x 2； 大于； 小于（每空2分，共6分）12．（1）并联（2分）； 2.5（2分）（2）①如图所示（描对一个电1分，共2分） ②1.50~1.55（2分）； 4.1~4.7（2分）三、计算题（13题9分、14题12分，15题13分，共34分．）13．参考解答及评分意见（1）对带电粒子的加速过程，由动能定理qU ＝21m v 2 ……………………………………………………………………………（2分） 代入数据得：v ＝20 m/s …………………………………………………………………（2分）（2）带电粒子仅在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，有：rm B q 2v v =………………………………………………………………………………（1分） 代入数据得：r ＝2.0 m ……………………………………………………………………（1分）（3）周期 qBm r T ππ22==v ………………………………………………………………………（1分） 则 T t 21= …………………………………………………………………………………（1分） 代入数据得：t ＝0.314 s …………………………………………………………………（1分）14．参考解答及评分意见（1）小球经B 点时，在竖直方向有 Lm mg F 2v =- …………………………………………（2分） 由牛顿第三定律知，小球对细杆的拉力大小Lm mg F F 2v +==' ……………………………………………………………………（2分） （2）小球从A 到B 过程中，由动能定理得mgL ＋q (φA －φB )＝221v m ………………………………………………………………（2分） qm g L m A 222-=v ϕ ………………………………………………………………………（2分） （3）由电场对称性可知，φC ＝－φA ……………………………………………………………（1分）即U AC ＝φA －φC ＝2φA ……………………………………………………………………（1分） 小球从A 到C 过程，根据动能定理221C AC m qU v = …………………………………………………………………………（1分） 解得 gL C 422-=v v ………………………………………………………………（1分）15．参考解答及评分意见（1）设粒子在电场中运动时间为t ，粒子经过y 轴时的位置与原点O 的距离为y ，则221at x OA =………………………………………………………………………………（2分） m qE a = …………………………………………………………………………………（1分） y =v 0t …………………………………………………………………………………（2分） 解得 a =1.0×1015 m/s 2，t ＝2.0×10－8s y =0.4 m ………………………………………………………………………………（1分）（2）粒子经过y 轴时在电场方向的分速度为 v x ＝at ＝2×107 m/s …………………………（1分）粒子经过y 轴时速度为 m/s 10227202⨯=+=v v v x ………………………………（1分）设速度与y 轴正方向夹角大小为θ1tan 0==v v x θ ………………………………………………………………………… （1分） θ＝45° ……………………………………………………………………………………（1分） 要使粒子不进入第Ⅲ象限，如图所示，此时粒子做圆周运动的半径为R则R ＋22R ≤y ……………………………………………………………………………（1分） 由R m B q 2v v = ……………………………………………………………………………（1分） 解得B ≥（22＋2）×10－2T ……………………………………………………………（1分）。
江西省上饶市2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题+Word版含答案
江西省上饶市2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题一、选择题(本大题共10小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项是符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分。
有选错的得0分。
)1.如图为金属球放入匀强电场后电场线的分布情况，设该电场中A 、B 两点的电场强度大小分别为A E 、B E ，电势分别为A ϕ、B ϕ，则A 、B 两点 A.A E =B E ，A ϕ=B ϕ B.A E <B E ，A ϕ<B ϕ C.A E >B E ，A ϕ<B ϕ D.A E <B E ，A ϕ>B ϕ2.一组铅蓄电池的电动势为4.8V ，内阻不为零，以下说法中错误的是 A.电路中每通过1C 电荷量，铅蓄电池能把4.8J 的化学能转变为电能 B.体积大的铅蓄电池比体积小的铅蓄电池的电动势大C.电路中每通过1C 电荷量，铅蓄电池内部非静电力做功为4.8JD.该铅蓄电池把其他形式能转化为电能的本领比一节千电池(电动势为1.5V) 的强 3.如图所示是速度选择器的原理图，己知电场强度为E 、磁感应强度为B 并相互垂直分布，某一带电粒子(重力不计) 沿图中虚线水平通过，则该带电粒子A.一定带正电C.可能沿QP 方向运动4.如图所示，一个边长L 、三边电阻相同的正三角形金属框放置在磁感应强度为B 的匀强磁场中，若通以图示方向的电流(从A 点流入，从C 点流出)，电流强度为I ，则金属框受到的磁场力为5.如图所示，圆简形铝管竖直置于水平桌面上，一磁铁从铝管的正上方由静止开始下落，穿过铝管落到水平桌面上，下落过程中磁铁不与管壁接触，忽略空气阻力，则在下落过程中A.磁铁儆自由落体运动B.磁铁的机械能守恒C.铝管对桌面的压力大于铝管的重力D.磁铁动能的增加量大于重力势能的减少量6.如图甲所示，一个质量为m 、电荷量为q 圆球可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动细杆外于匀强磁场中，不计空气阻力，现给圆环向右的初速度0v ，在以后运动过程中的速度图象如图乙所示。
2017-2018学年度第一学期期末考试高二物理试卷(难度中含答案)
2017-2018学年度第一学期期末考试（难度中）高二物理试卷(90分钟、100分)第Ⅰ卷一、选择题（每小题4分，共48分）下列各题给出的四个答案中只有一个答案是正确的，请将正确答案选出。
1.真空中有完全相同的两个金属小球，固定在绝缘平面上相距r ，其中一个小球带电量为q 的正电，另一个小球带电量为2q 的负电，两球间的静电力是F ，要使两球间的静电力为4F ，下列选项可行的是A. 将带正电的球带电量扩大2倍B. 将带负电的球带电量扩大2倍C. 将两球之间的距离扩大2倍D. 将两球之间的距离缩小2倍2.如图A 、B 两电荷均带正电，且电荷B 的带电量是电荷A 的2倍，P 点在A 、B 连线的中点，电荷A 在P 点形成的电场强度大小是E ，则P 点的合场强大小和方向分别是 A. 3E ，向左 B. 3E ，向右 C. E ，向左 D. E ，向右3.如图A 、B 是场源电荷+Q 的电场中的两点，将一负电荷q 从A 移到B ，下列正确的是 A. 电场力做正功，电势能增加 B. A 点电势比B 点高 C. 电场力不做功，电势能减少 D. A 点电势比B 点低4.如图所示是利用静电计研究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验装置示意图，下面的叙述符合实际观测结果的是A. a 板向右平移，静电计指针偏转角度变小B. a 板向上平移，静电计指针偏转角度变小C. a 板向左平移，静电计指针偏转角度变小D ．在ab 间插入一块绝缘介质，静电计指针偏转角度变大5.一个电动势为E 内阻为r 的电源，接有阻值是R 的外电路，用U R 表示路端电压，U r 表示内电压，用I 表示通过电源的电流强度，下列关系式中错误．．的是 A.E=U R +U r B.E=U R +Ir C. E=U R +U r +Ir D. E=I(R+r)+ A + B•P a b+ Q • B•A6.一个额定电压为U 的电动机正常工作时的电流强度是I ，电动机的直流电阻是R ，在该电动机正常工作的情况下，下列说法正确的是A. 电动机的输入总功率是I 2RB. 电动机的热功率是UIC. 电动机输出的机械功率是UI-I 2RD. 电动机输出的机械功率是UI7.一根均匀的电阻丝，阻值是R ，下列说法正确的是A.将电阻丝均匀拉长一倍，阻值为2RB.将电阻丝对折起来拧在一起，阻值为2RC.将电阻丝均匀拉长一倍，阻值为4RD.将电阻丝对折起来拧在一起，阻值为R/28.如图所示的电路中电源的内阻不能忽略，当滑动变阻器的滑动触点向上移动时，下列分析正确的是A. 电压表读数增大，电流表读数减小B. 电压表读数减小，电流表读数增大C. 电压表读数和电流表读数都减小D. 电压表读数和电流表读数都增大9.关于磁通量、磁通密度和磁感应强度的理解，下列正确的是A. 单位面积穿过的磁感线的多少叫做磁通量，磁通量的单位是“韦伯”B. 磁通量是描述磁场强弱的物理量，磁通量越大表示磁场越强C. 磁通密度是描述磁场强弱的物理量，其单位是“特斯拉”D. 若在磁感应强度为B 的匀强磁场中有垂直于磁场的平面S ，则磁通密度是BS10.有两根导线相距较近，当两导线通有电流I 时会有相互作用，下列正确的是 A. I 同向时相互排斥，相距越近斥力越大 B. I 同向时相互吸引，相距越近引力越小 C. I 反向时相互吸引，相距越近引力越大 D. I 反向时相互排斥，相距越近斥力越大11.如图表示电场和磁场同时存在的区域，一个不计重力的正电荷以某一初速度进入该区域后将会沿着虚线方向直线通过该区域，下列分析正确的是 A. 若撤掉电场而保留磁场，电荷将向上偏并沿抛物线运动 B. 若撤掉电场而保留磁场，电荷将向上偏并沿圆弧运动-+× × × ×× × × × × × × ×+C. 若撤掉电场而保留磁场，电荷将向下偏并沿圆弧运动D. 若撤掉磁场而保留电场，电荷将向下偏并沿圆弧运动12.如图甲所示电路中，电流表A 1和A 2的内阻相同，A 2与R 1串联，当电路两端接在电压恒定的电源上时，A 1的示数为3A ，A 2的示数为2A ，；现将A 2改为与R 2串联，如图乙所示，再接在原来的电源上，那么 A. A 1示数增大，A 2示数减小 B. A 1示数增大，A 2示数增大 C. A 1示数减小，A 2示数减小 D. A 1示数减小，A 2示数增大第Ⅱ卷二、实验题（24分）13．有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm ，游标上有20个小的等分刻度. 用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是mm. 用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图乙所示的读数是 mm.甲 乙 14．欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻,要求测量结果尽量准确,现备有以下器材:A.电池组（3 V,内阻1Ω）B.电流表（0～3 A,内阻0.0125Ω）C.电流表（0～0.6 A,内阻0.125Ω）D.电压表（0～3 V,内阻3 k Ω）E.电压表（0～15 V,内阻15 k Ω）F.滑动变阻器（0～20Ω,额定电流1 A ）G.滑动变阻器（0～2 000Ω,额定电流0.3 A ）H.开关、导线（1）上述器材中应选用的是 ；（填写各器材的字母代号） （2）实验电路应采用电流表 接法；（填“内”或“外”）[来源:学科网] （3）设实验中,电流表、电压表的某组示数如下图所示，图示中I = A ，U = V 。
2017-2018学年度第一学期期末高二物理(必修)答案
2017~2018学年度第一学期期末抽测高二物理（必修）参考答案及评分标准24-A ．法拉第、tn12φφ- ( 每空2分、共4分)24-B ．热效应、R Rr E+ ( 每空2分，共 4分) 25． A B 平衡摩擦力过度 ( 每空2分，共 6分) 三．论述计算题：26．（6分）（1）1018224m/s v v at =+=-⨯= 2分 （2）停车时间004s v t a-== 1分 2210211832315m 22x v t at =+=⨯-⨯⨯= 1分 （3）222011842416m 22x v t at =+=⨯-⨯⨯= 2分27．（7分）（1） 根据牛顿第二定律有cos37sin37m g m g m a μ-︒︒= 1分 代入数据可以求得 20.4m/s a= 1分（2） 加速到相对传送带静止的时间225s 0.4v t a === 所以5s 后随传送带一起匀速运动，速度为2m/s 1分（3） 加速运动的位移：2211110.455m 22x at ==⨯⨯= ① 1分匀速运动的位移：21752m x L x =-=-= 1分匀速运动的时间： 2221s 2x t v === ② 1分 根据①②两式，可以求得 126s t t t =+= 1分28. （8分）（1） 在A 到C 过程有：221c mv mgh =，得 gr gh v c 622== 1分 在C 点有： rv m m g F cC 2=- ，得 mg F C 7=根据牛顿第三定律，人到达C 点时对轨道的压力为7mg 。
1分（2） 28.02Rm mg ω= 1分 s rad /4=ω 1分 （3） 由题可知 212H g t = 1s t = 1分1817m/s 1L R v t --=== 2819m/s 1L R v t ++=== 21121mv mgh =1 2.45m h = 1分 22221mv mgh =2 4.05m h = 1分 21 4.05 2.45 3.2m sin 300.5h h s --===︒ 1分。
7—18学年上学期高二期末考试物理试题(附答案)
宁城县2017—2018学年上学期期末高二物理试题考生注意：1. 本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共17个小题，总分100分。
2. 答题时务必将答案写在答题卡上。
第Ⅰ卷（48分）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，计48分。
在每小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个正确选项，9-12小题有多个正确选项，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。
）1.许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列表述正确的是A.牛顿通过实验测出了万有引力常量B.安培发现了电流的磁效应C.洛伦兹发现了电磁感应定律D.楞次在分析许多实验事实后提出，感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起产生感应电流的磁场磁通量的变化2.如图所示，虚线是用实验方法描绘出的某一静电场的一簇等势线及其电势的值，一带电粒子只在电场力作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线从A点运动到C点，则下列判断正确的是A．粒子一定带正电B．粒子在A点的电势能小于在C点的电势能C．A点的场强小于C点的场强D．粒子从A点到B点电场力所做的功大于从B点到C点电场力所做的功3．某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为A．4ρ和4R B．ρ和4RC．ρ和16R D．16ρ和16R4．如图所示，若一束电子沿y轴正方向移动，则在z轴上某点A的磁场方向应该A.沿x轴的正向B.沿x轴的负向C.沿z轴的正向D.沿z轴的负向5.如图所示，R1为定值电阻，R2为负温度系数的热敏电阻（负温度系数热敏电阻是指阻值随温度的升高而减小的热敏电阻），L为小灯泡，当温度降低时A．R1两端的电压增大B．电流表的示数增大C．小灯泡的亮度变强D．小灯泡的亮度可能不变6．如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域．从BC边进入磁场区开始计时，到A点离开磁场区为止的过程中，线框内感应电流的情况(以逆时针方向为电流的正方向)是如图所示中的7.如图所示，半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场；重力不计、电荷量一定的带电粒子以速度v正对着圆心O射入磁场，若粒子射入、射出磁场点间的距离为R，则粒子在磁场中的运动时间为A. B.C. D.8..理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干，设电动机的线圈电阻为R1，它与电热丝的电阻R2串联，接到直流电源上，电吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的电功率为P，则有A．P＜UI B．P＝I2(R1＋R2)C．P＞UI D．P＞I2(R1＋R2)9．如图所示为两个不同闭合电路中的路端电压U与电流I的关系图象，则：A. U-I图象斜率的绝对值表示电源的内阻B. U-I图象斜率的绝对值表示电源的电动势C. 当两电源的工作电流变化相同时，电路1的路端电压变化较大D. 当两电源的工作电流变化相同时，电路2的路端电压变化较大10．如图是质谱仪的工作原理示意图，带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器，速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E，平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2。
山东省菏泽市2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题含答案
第I卷（选择题共40分）一、选择题：本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一个选项正确，第7～10题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．关于感应电流，下列说法中正确的是A．只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流B．当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流C．只要闭合导线做切割磁感线运动，导线中就一定有感应电流D．若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动，闭合电路中一定没有感应电流2．某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是A．c点的电势高于d点的电势B．若将一试探电荷＋q由点释放，它将沿电场线运动到b点C．b点的电场强度可能小于d点的电场强度D．点和b点的电场强度的方向相同3．一个电流表的满偏电流I g＝1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上A．串联一个10kΩ的电阻B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻D．并联一个9.5kΩ的电阻4．如图所示的电路中，当变阻器R3的滑片向上移动时A．电压表示数变小，电流表示数变大B．电压表示数变大，电流表示数变小C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小5．在静电场中，一个电子由点移到b点时电场力做的功为5eV，则下列说法中正确的是A．电子的电势能增加5eVB．电子的电势能减少5JC．电场强度的方向一定由b沿直线指向D．、b两点间的电势差U b＝－5v6．—矩形线圈bcd位于一随时间变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面向里，如图甲所示，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示．以I表示线圈中的感应电流（以顺时针方向为电流的正方向），则下列选项中能正确表示线圈中电流I随时间t变化规律的是7．图示是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路．在增大电容器两极板距离的过程中A．电容器的电容变小B．电阻R中没有电流C．电阻R中有从流向b的电流D．电阻R中有从b流向的电流8．如图甲所示，边长L＝0.4m的正方形线框总电阻R＝1Ω（在图中用等效电阻画出），方向垂直纸面向外的磁场充满整个线框平面．磁场的磁感应强度随时间变化的情况如图乙所示，则下列说法中正确的是A．回路中电流方向沿逆时针方向B．线框所受安培力逐渐减小C．5s末回路中的电动势为0.08VD．0～6s内回路中产生的电热为3.84×10－2J9．在方向竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根长通电直导线，电流的方向垂直于纸面向里．如图所示，、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中A．b、d两点的磁感应强度大小相等B．、b两点的磁感应强度大小相等C．c点的磁感应强度的值最大D．点的磁感应强度的值最大10．如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，匀强电场的方向竖直向下，有一正离子恰能以速率v沿直线从左向右水平飞越此区域，则A．若电子以速率v从右向左飞入，电子也沿直线运动B．若电子以速率v从右向左飞入，电子将向上偏转C．若电子以速率v从右向左飞人，电于将向下偏转D．若电子以速率v从左向右飞人，电子也沿直线运动第II卷（非选择题共60分）二、实验填空题：本题共2小题，共15分．11．（6分）在“研究电磁感应现象”的实验中，首先要按图甲接线，以查明电流表指针的偏转方向与电流方向之间的关系；然后按图乙将电流表与线圈B连成一个闭合电路，将线圈A、电源、滑动变阻器和开关串联成另一个闭合电路．在图甲中，当闭合S时，观察到电流表指针向左偏（不通电时指针停在正中央）．在图乙中：（以下均填“向左”“向右”或“不”）（1）S闭合后，将线圈A插入螺线管B的过程中，电流表的指针将偏转．（2）线圈A放在B中不动，将滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表指针偏转．（3）线圈A放在B中不动，突然切断开关S时，电流表指针偏转．12．（9分）要测量一电源的电动势E（小于3V）和内阻r（约1Ω），现有下列器材：理想电压表○V（3V和15V两个量程）、电阻箱R（0－999.9Ω）、定值电阻R0＝3Ω、开关和导线．某同学根据所给器材设计如下的实验电路：（1）电路中定值电阻R0的作用是．（2）请根据图甲电路，在图乙中用笔画线代替导线连接电路－（3）该同学调节电阻箱阻值R，读出对应的电压表示数U，得到二组数据：R1＝2Ω时，U1＝2.37V ，R 2＝4Ω时，U 2＝2.51V ．由这二组数可求得电源的电动势E ＝ V ，内阻r ＝_____Ω．（结果保留三位有效数字）三、解答或论述题：本题共4小题，共45分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
学17—18学年上学期高二期末考试物理试题(附答案)
盐城市田家炳中学2017/2018学年度第一学期期末考试高二年级物理试题（必修）2018.01 说明：1.本试卷共X页，考试时间为75分钟，卷面总分为100分；2.请将所有试题的答案填写到试卷的对应区域，否则，答题无效。
一、选择题：本题包括23小题，每小题3分，共69分。
每小题只有一个选项最符合题意。
1.关于质点，下列说法正确的是A．质点一定是体积、质量极小的物体B．计算火车过桥所用时间，火车可当成质点C．虽然地球体积很大，且在自转，但研究地球公转时仍可把地球看作质点D．计算火车通过路旁电线杆所用时间，电线杆不可视为质点2．火车停靠在站台上，乘客往往会发现这样的现象，对面的火车缓缓起动了，等到站台出现，才知道对面的火车没有动，而是自己乘坐的火车开动了，则前、后两次乘客采用的参考系是A．站台，对面火车B．两次都是对面火车C．两次都是站台D．自己坐的火车，站台3．关于自由落体运动，下列说法正确的是A．在空气中不考虑空气阻力的运动是自由落体运动B．自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动C．质量大的物体，所受重力大，因而落地速度大D．自由落体加速度在地球赤道处最大4．如图所示，物体A静止在斜面B上，下列说法正确的是A．斜面B对物块A的弹力方向是竖直向上的B．物块A对斜面B的弹力方向是竖直向下的C．斜面B对物块A的弹力方向是垂直斜面向上的D．物块A对斜面B的弹力方向跟物块A恢复形变的方向是相反的5．如图所示是两个叠放在水平面上的长方形木块，对B施一向右的水平拉力F，但A、B 都没动，则B给A的摩擦力A．大小等于F，方向向右B ．大小等于F ，方向向左C ．等于零D ．条件不足，无法确定大小和方向6A ．直线①的初速度大B ．直线②的初速度大C ．直线①和直线②的加速度一样大D ．在1t 时刻直线①的速度大于直线②的速度7．两个力的合力为50N ，其中一个力为30N ，那么另一个力的大小可能是 A ．10N B ．15N C ．80N D ．85N8．某同学画的表示磁场B 、电流I 和安培力F 的相互关系如图所示，其中正确的是9．第一宇宙速度是A ．物体在宇宙中所能达到的最高速度B ．物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动所必须具有的最小发射速度C ．物体摆脱地球引力所必须具有的速度D ．物体摆脱太阳引力所必须具有的速度10．如图所示为一皮带传动装置，右轮半径为r ，a 点在它的边缘上。
天津市部分区17—18学年高二上学期期末考试物理试题(附答案)$834298
A B DC 天津市部分区2017～2018学年度第一学期期末考试高二物理温馨提示：使用答题卡的区，学生作答时请将答案写在答题卡上；不使用答题卡的区，学生作答时请将答案写在试卷上。
考生注意：本试卷分第一卷（选择题）和第二卷两部分，共100分；考试用时90分钟。
试卷共8页。
第Ⅰ卷（本卷共14小题，共46分）一、单选题（每小题3分，共30分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的） 1．首先发现电流磁效应，揭示电与磁联系的物理学家是A ．奥斯特B ．库仑C ．洛伦兹D ．安培2．在静电场中某点放入电荷量为q 的正电荷时，测得该点的电场场强为E ，若在该点放入电荷量q '=2q 的负电荷，测得该点的电场场强为E '，则有 A ．E E '=，方向与E 的方向相反 B ．E E '=，方向与E 的方向相同 C ．12E E '=，方向与E 的方向相反 D ．2E E '=，方向与E 的方向相同3．如图所示，一根垂直于磁场方向放置的通电直导线的电流I 、磁感应强度B 和所受安培力F 的方向，其中正确的是4．在静电场中，一个电子由a 点移到b 点时电场力做功为+4eV ，则下列判断中正确的是A ．电子的电势能增加4eVB ．电子的电势能减少4eVC ．电子的电势能减少4JD ．a 、b 两点间电势差U ab =4V5．带有电荷量分别为－Q 和＋3Q 的两个相同金属小球（均可视为点电荷），相距为r ，它们间库仑力的大小为F 。
现将两球相互接触后再放回原处，则两球间库仑力的大小为A．3F B．2F C．F D．31F6．一正点电荷的电场线（方向未画出）如图所示，关于a、b两点电场强度的大小、电势高低判断正确的是A．baEE>，baϕϕ>B．baEE>，baϕϕ<C．baEE<，baϕϕ>D．baEE<，baϕϕ<7．一根粗细均匀的电阻丝，电阻为R，若将其均匀拉长为原来的2倍，则其电阻为A．8R B．4R C．2R D．R8．如图所示，通电螺线管的磁场中放有一枚小磁针，小磁针静止时N极指向正确的是9．一匀强电场的等势面如图中虚线所示，一带正电的粒子以某一速度从图中A点沿图示方向进入电场，最后离开电场，粒子只受静电力作用，则粒子在电场中A．做匀速直线运动B．做匀加速直线运动C．向下偏做类平抛运动D．向上偏做类平抛运动10．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其主体部分是两个D型金属盒。
郑州市2017-2018学年高二上学期期末考试物理试卷(含答案)
（2分）
（2）根据闭合电路欧姆定律可知，电流的最大值为 （2分）
由于线圈是匀速转动的，所以线圈中产生的是正弦交变电流，电流表的读数就是该交变电流的有效值 （2分）
因此，电阻R消耗的电功率为： =19W（1分）
2017—2018学年上期期末考试
高中二年级 物理 参考答案
一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。第1~8小题只有一个选项正确，第9~12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)
1B2D3B4A5D6C7C8D9BC 10AC 11BD 12 CD
由几何关系得s＝r
粒子从P点射出至到达x轴的时间为t＝t1＋t2＋t3
联立以上各式可得 （1分）
18．（1）根据法拉第电磁感应定律 （1分）
根据电流强度的定义 （1分）
代入数据可得：q＝3 C（1分）
（2）当t＝6 s时，设MN的速度为v2，则v2＝at＝6 m/s（1分）
感应电动势E2＝BLv2＝12 V（1分）
解上述方程可得 （1分）
（3）设带电粒子在电场中运动的时间为t1，有d＝ at12（1分）
根据牛顿第二定律可得 （1分）
带电粒子在yOA区域内做匀速圆周运动，有 （1分）
设带电粒子在该区域的运动时间为t2，由几何关系可知，带电粒子在该区域运时间为
t2＝ T（1分）
带电粒子在第一象限的无场区中做匀速直线运动，运动时间为t3，则s＝vt3（1分）
电路中产生的总热量Q1=－W（1分）
则金属棒PQ产生的热量Q= = J≈4.44J（1分）
根据闭合电路欧姆定律 =4A（1分）
安培力F安＝BI2L＝8 N（1分）
2017-2018年山东省济宁市高二上学期期末物理试卷和答案
2017-2018学年山东省济宁市高二（上）期末物理试卷一、选择题1．（3分）关于静电场的电场线，下列说法正确的是（）A．电场强度较大的地方电场线一定较密B．沿电场线方向，电场强度一定越来越小C．沿电场线方向，电势不一定越来越低D．电场线就是带电粒子在电场中运动的轨迹2．（3分）宇宙射线中含有大量的高能带电粒子，这些高能带电粒子到达地球会对地球上的生命带来危害。
地球周围存在的地磁场能改变这些带电粒子的运动方向，对地球上的生命起到保护作用，下列关于地磁场的说法正确的是（）A．南北两极处地磁场最弱，赤道处地磁场最强B．地理南北两极与地磁场的南北两极刚好重合C．在赤道附近对垂直射向地球表面的带电粒子的阻挡作用最弱D．在南北两极附近对垂直射向地球表面的带电粒子的阻挡作用最弱3．（3分）现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关如图连接。
某同学发现闭合开关瞬间，电流计指针向右偏转。
由此可以判断（）A．断开开关瞬间，电流计指针向右偏转B．闭合开关，线圈A向下插人时，电流计指针向左偏转C．闭合开关，滑动变阻器的滑片P向右滑动，电流计指针向右偏转D．因为线圈A、线圈B的绕线方向未知，故无法判断以上电流计指针的偏转方向4．（3分）1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，可用来加速带电粒子，其原理如图所示，这合加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙。
下列说法正确的是（）A．粒子从磁场中获得能量B．粒子在磁场中运动的周期越来越小C．加速电场的周期随粒子速度增大而增大D．粒子从D形盒射出时的动能与加速电场的电压无关5．（3分）如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电量可被忽略。
一带负电油滴被固定于电容器中的P 点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）A．静电计指针张角变小B．带电油滴的电势能变小C．带电油滴所受的电场力变大D．平行板电容器的电容变大6．（3分）如图甲所示，闭合矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁场的方向与导线框所在平面垂直，磁感应强度B随时间的变化规律如图乙所示。
河北邢台市2017-2018高二物理上学期期末试卷含答案
河北邢台市2017-2018高二物理上学期期末试卷（含答案）一.选择题:1.下列说法中正确的是A.磁感线虽然看不见，但它是客观存在的B.磁通量是矢量，它的单位符号是TC.公式E=U/d适用于计算任意电场的电场强度D.电炉通电后.电炉丝热得发红，而跟电炉连接的铜导线却不热，是因为铜导线电阳较小2.如图所示，真空中有一电场，a、b、c、d是电场中四点，下列说法正确的是A.a、b两点的电场强度大小相等、方向相同B.a.c两点的电场强度大小相等、方向不同C.将电子从b点移到d点电场力做正功D.质子在a点的电势能比在d点的大3.如图所示，金属棒与金属导轨垂直放置,且接触良好,导轨间有垂直纸面向里的匀强磁场，当金属棒ab沿导轨向右勻速滑动时，螺线管左侧小磁针的N极受力方向为A.水平向左B.水平向右C.垂直纸面向里D.垂直纸面向外4.在如图所示的电路中两相同的小灯泡原来都发光，忽然小灯泡A比原来亮了，小灯泡B比原来暗了,则发生这种故障可能是A.R1断路B.R2短路C.R3断路D.R4短路5.如图所示，以O为圆心的圆形区域内，存在方向垂直纸面向外的勻强磁场，磁场边界上的A点有一粒子发射源，沿半径AO方向发射出速率不同的同种粒子（重力不计），垂直进入磁场，下列说法正确的是A．速率越大的粒子在磁场中运动的时间越长B.速率越小的粒子在磁场中运动的时问越长C.速率越大的粒子在磁场中运动的角速度越大D.速率越小的粒子在磁场中运动的角速度越大6.如图所示，在水平向右的匀强电场中，一质量为m、带电荷为q的小球，经过P点时速度大小为v0，方向水平向右;经过Q点时速度大小也为v0，方向竖直向下，Q 点与P点的水平距离与竖直距离相等，重力加速度大小为g,下列说法正确的是A.小球从P点到Q点的运动过程中速度可能先增大后减小B.小球从P点到Q点运动过程中机械能保持不变C.小球运动的加速度大小为gD.匀強电场的电场强度大小为mg/q7.图甲所示是某种型号的电热毯的部分电路图.其电热丝的总电阻R=24.2Ω,电热毯所接电源电压的波形如图乙所示（每段为正弦曲线的一部分），则该电热毯的电功率为A.62.5WB.125WC.250WD.500W8.某发电厂用11kV的电压将电能输送到远处的用户，在用户端为了能得到220V的电压，安装有一变压器，若输电线的功率损耗等于总输电功率的8%，则用户端变压器原、副线圈的匝数比A.46：1B.50:1C.23:1D.25:19.如图所示，用静电计测量带电的平行板电容器两极板间的电势差时，保持平行板电容器两极板距离不变，若把B极板向上移动少许，则A.电容器的电容不变B.两极板间的电场强度变大C.静电计的张角增大D.两极板所带的电荷量增大10.在如图所示电路中，A、B是两个完全相同的灯泡，L 是一个电阻不计，自感系数较大的电感线圈，当开关S 闭合或断开时，A、B的亮度变化情况是A.S闭合时,A立即亮，然后逐漸熄灭B.S闭合时,A逐渐变亮,B立即亮C.S断开时，A、B均逐渐熄灭D.S断开时，A逐渐熄灭，B立即熄灭11.如图所示.在光滑绝缘水平面上有一单匝线圈ABCD.在水平外力作用下以大小为v的速度向右匀速进入竖直向上的勻强磁场.第二次以大小为v/3的速度向右匀速进入该匀强磁场，則下列说法正确的是A.笫二次进入与笫一次进入时线圈中的电流之比为1：3B.第二次进入与第一次进入时外力做功的功率之比为1：3C.第二次进入与笫一次进入时线圖中产生的热量之比为1：3D.第二次进入与第一次进入时通过线圈中某一横截面的电荷量之比为1：312.如图所示长度为1m的通电导体棒水平静止在倾斜的绝缘框架上，磁感应强度大小为1T的磁场方向竖直问上，右侧回路电源电动势为9V，内阻为1Ω,额定功率为9W、額定电压为6V的电动机正常工作.电动机线圈电阻为1Ω，g取10m/s2下列说法正确的是：A.通过电动机的电流为3AB.导体棒的电阻为4ΩC.导体棒受到的安培力大小为1.5ND.电动机的工作效率为75%二.非选择部分:13.某同学设计了如图所示的电路，已知电流表内阻RA=0.4Ω，允许通过的最大电流为100mA,R1=0.1ΩR2=30Ω.将接线柱1、2接入电路时，可以测量的最大电流为A；将接线柱1、3接入电路时，可以测量的最大电压为V。
福建省福州一中2017-2018学年高二上学期期期末考试物理试题(解析版)
福建省福州一中2017-2018学年高二第一学期期末考试一、单项选择题1. 关于磁场和磁感线，下列说法正确的是（ ）A. 磁感线总是从N 极出发，止于S 极B. 通电导线在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零C. 磁感应强度为零的区域，在该区域中通过某个面的磁通量一定为零D. 磁场是真实存在的物质，磁感线也是客观存在的，反映磁场的大小和方向【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．磁感线在磁体外部是从N 极到S 极，内部从S 极到N 极，故A 错误；B ．通电导线在某处不受磁场力作用，可能是电流的方向与磁场的方向平行，该处的磁感应强度不一定为零，故B 错误；C ．根据磁通量BS Φ=可知，当磁感应强度0B =时，则磁通量0Φ=，故C 正确；D ．磁场是一种看不见的特殊物质，磁感线是人们为了方便研究而假想出来的，不是真实存在的，故D 错误。
故选C 。
2. 在如图所示的各电场中，a 、b 两点的电场强度相同的是（ ） A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】【详解】AB ．A 图和B 图中的ab 两点的电场的方向不同，场强大小相等，所以两点的电场强度不相同。
故AB 错误；C ．C 图中的ab 两点，b 点的电场线比较密，所以b 点的场强大。
故C 错误；D ．D 图中的两点所在的电场为匀强电场，两点的电场强度大小相等，方向相同，场强相同，故D 正确； 故选D 。
【点睛】3. 阻值相等的四个电阻、电容器C 及电池(E 内阻可忽略)连接成如图所示电路.开关S 断开且电流稳定时，C 所带的电荷量为1Q ，闭合开关S ，电流再次稳定后，C 所带的电荷量为21.Q Q 与2Q 的比值为( )A. 25B. 12C. 35D. 23【答案】C【解析】试题分析：根据等效电路，开关S 断开时，电容器的电压12112325+3E U R E R R =⋅⨯=，得11Q CU =；S 闭合时，211123+2E U R E R R =⋅=，22Q CU =，故112235Q U Q U ==，故选C ． 【学科网考点定位】闭合电路的欧姆定律、电容器【名师点睛】此题是对闭合电路欧姆定律及电容器问题的考查；解题关键是要搞清电路的结构，画出等效电路图，搞清电容器两端的电压是哪个电阻两端的电压，然后根据Q=CU 求解电容器的带电荷量．4. 在条形磁铁S 极附近，用绝缘轻绳悬挂一轻质圆线圈，磁铁与圆线圈在同一平面内，当线圈中通有逆时针方向电流时，则线圈运动情况（ ）A. 从上向下看，线圈顺时针旋转，同时靠近S 极B. 从上向下看，线圈顺时针旋转，同时远离S 极C. 从上向下看，线圈逆时针旋转，同时靠近S 极D. 从上向下看，线圈逆时针旋转，同时远离S 极【答案】A【解析】由右手螺旋定则可知，线圈的外面为N 极，里面为S 极；因为异名磁极相互吸引，因此从上往下看，线圈做顺时针方向转动，同时靠近磁铁，故选项A 正确，选项BCD 错误．点睛：此题考查了右手定则和磁极间相互作用的应用，注意线圈产生的磁场与条形磁体产生的磁场很相似，可以利用右手定则判断磁场的N 、S 极．5. 粗细均匀的电阻丝围成的正方形单匝线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样速率沿四个不同方向匀速移动，如下图所示（ ）A. B 图中ab 电势差最小B. 四种情况下磁场力对线框做功的功率都相等C. 四种情况下流过ab 边的电流的方向都相同D. 四种情况下，线圈完全进入或移出磁场过程中，经过线圈横截面的电量不同【答案】B【解析】A 、上述四个图中，切割边所产生的电动势大小均相等（E ），回路电阻均为4r （每边电阻为r ），则电路中的电流亦相等，即4E I r =，只有B 图中，ab 为电源，有334ab U I r E =⋅=；其他情况下，14ab U I r E =⋅=，即B 图中ab 电势差最大，故A 错误；B 、由P Fv BILv ==，因为I 相同，同样速率v 运动，所以P 相等，故B 正确；C 、图A 、B 、D 三种情况穿过线框的磁通量均减小，根据楞次定律判断出感应电流方向均为顺时针方向，图C 线框的磁通量增大，根据楞次定律可知，感应电流为逆时针方向，故C 错误；D 、根据法拉第电磁感应定律：E n t ∆Φ=∆，则4E I r=，即：4q I t n r ∆Φ=∆=，由于∆Φ相同，故经过线圈横截面的电量相同，故选项D 错误．点睛：本题属于电磁感应与电路的结合，注意弄清电源和外电路的构造，明确a 、b 两点间的电势差是路端电压还是某一阻值电压，掌握电量的经验表达式q n R∆=Φ，并能灵活运用． 6. 某同学在“探究感应电流产生的条件”的实验中，将直流电源、滑动变阻器、线圈A 、线圈B 、电流计及开关按下图连接．在实验中，该同学发现开关闭合的瞬间，电流计的指针向左偏．由此可判断，在保持开关闭合的状态下（ ）A. 当线圈A 拔出时，电流计指针向左偏转B. 当将铁芯插入线圈A 中时，电流计指针向右偏转C. 当滑动变阻器的滑片匀速向N 端滑动时，电流计指针向不偏转D. 当滑动变阻器的滑片减速向N 端滑动时，电流计指针向左偏转【答案】D【解析】开关闭合的瞬间，穿过线圈的磁通量增大，电流计的指针向左偏；A 、当线圈A 拔出时，穿过线圈的磁通量减小，电流计指针向右偏转，故A 错误；B 、当将铁芯插入线圈A 中时，均导致磁通量增大，因此电流计指针向左偏，故B 错误；C 、当滑动变阻器的滑片匀速滑动时，穿过线圈的磁通量发生变化，产生感应电流，电流计指针发生偏转，故C 错误；D 、当滑动变阻器的滑片减速向N 端滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路电流增大，穿过线圈的磁通量增大，电流计指针向左偏转，故D 正确．点睛：本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针左偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．7. 如图，半径为R 的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面(纸面)，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面向外．一电荷量为q (q >0)、质量为m 的粒子沿平行于直径ab 的方向射入磁场区域，射入点与ab 的距离为2R .已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60°，则粒子的速率为(不计重力)( )A. 2qBR mB. qBR mC. 32qBR mD. 2qBR m【答案】B【解析】【分析】【详解】带电粒子从距离ab 为2R 处射入磁场，且射出时与射入时速度方向的夹角为60°，粒子运动轨迹如图，ce 为射入速度所在直线，d 为射出点，射出速度反向延长交ce 于f 点，磁场区域圆心为O ，带电粒子所做圆周运动圆心为O ′，则O 、f 、O ′在一条直线上，由几何关系得带电粒子所做圆周运动的轨迹半径为R ，由F 洛＝F n 得qvB ＝2mv R解得v ＝qBR mA ．2qBR m，与结论不相符，选项A 错误； B ．qBR m，与结论相符，选项B 正确； C ．32qBR m，与结论不相符，选项C 错误； D ．2qBR m ，与结论不相符，选项D 错误； 故选B 。
【拔高教育】2017-2018学年高二物理上学期期末考试试题(含解析)
商丘市一高2017-2018 学年第一学期期末考试高二物理试卷一、选择题:共12个小题，每题4分，共48分。
第1-7题只有一个选项符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求。
全部选对得4分，选对但没选全的得2分，有错误选项的不给分。
1. 如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个电子在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点。
下列说法中正确的是（）A. ．电子一定是从P点向Q点运动B. 三个等势面中，等势面a的电势最高C. 电子通过P点时的加速度比通过Q点时小D. 电子通过P点时的动能比通过Q点时大【答案】B【解析】试题分析：根据已知条件无法判断粒子的运动方向．故A错误；作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和正电荷可知，电场线向下．故c点电势最高．故B正确．正电荷在P点的电势能较大，故动能较小，故C正确；等差等势面P处密，P处电场强度大，电场力大，加速度大．故D错误．故选BC.考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化；要知道电场力做正功，电势能减小，动能变大；克服电场力做功，电势能变大，动能减小.2. 质量为m的物块，带正电q，开始时让它静止在倾角α=600的固定光滑绝缘斜面顶端，整H，释放物体后，物块落地的速度大小为 ( )C.【答案】C【解析】对物块进行受力分析：物块受重力mg和水平向左的电场力F．物块从静止开始沿重力和电场力的合力方向做匀加速直线运动．运用动能定理研究从开始到落地过程，得：mgH+F•Hcotβ2-0，解得，，故选C．点睛：正确分析研究对象的运动情况是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．要知道物体的运动是由所受到的力和初状态决定的．这个题目容易错误地认为物块沿着斜面下滑．3. 如图所示,闭合矩形线圈abcd与长直导线MN在同一平面内,线圈的ab、dc两边与直导线平行,直导线中有逐渐增大、但方向不明的电流,则 ( )A. 可知道线圈中的感应电流方向B. 可知道线圈各边所受磁场力的方向C. 无法判断整个线圈所受的磁场力的方向D. 无法判断线圈中的感应电流方向,也无法判断线圈所受磁场力的方向【答案】B【解析】试题分析：A、由于导线中的电流方向不确定，所以线圈中的感应电流方向不确定；错误B、根据楞次定律可知，当电流增大时线框中的感应电流阻碍增大，线框有收缩的趋势，各边受到向里的磁场力；正确C、由题意可知，线框中的磁通量增大，根据楞次定律可知，线框受向右运动的力；正确D、由ABC可知D错误故选BC考点：法拉第电磁感应定律点评：本题由于不知道导线中的电流方向，要用楞次定律中的“增缩减扩”和“来拒去留”来解释。
湖北武汉市2017-2018学年高二物理上学期期末考试题(解析版)
湖北省武汉2017-2018学年高二物理上学期期末考试题一、选择题：1. 理想变压器的原、副线圈匝数为n1和n2，电流为I1和I2,电压为U1和U2,功率为P1和P2,下面关系正确的是( )A. B. C. D.【答案】A【解析】理想变压器中原副线圈的电压满足：；理想变压器中不考虑铜损和铁损，输出功率等于输入功率，即P1=P2，则U1I1=U2I2，即n1I1=n2I2，故选A.2. 如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向上移动时，则（）A. 电流表示数变大B. 电压变示数变小C. 灯泡变暗D. 灯泡变亮【答案】C【解析】当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流I 减小，电流表示数变小，灯泡变暗．因灯泡和电源内阻上的电压减小，则滑动变阻器上的电压变大，电压表的示数变大，故选项C正确，ABD错误，故选C.3. 如图所示，矩形导线框abcd与无限长通电直导线MN在同一平面内，直导线中的电流方向由M到N，导线框的ab边与直导线平行。
若直导线中的电流减小，导线框中将产生感应电流，导线框会受到安培力的作用，则以下判断正确的是（）A. 导线框的ab和cd两条边所受安培力的方向相同B. 导线框的ad和bc两条边所受安培力的方向相同C. 导线框中电流方向a-d-c-b-aD. 导线框中电流方向a-b-c-d-a【答案】D【解析】直导线中通有向上的减小的电流，根据安培定则，知通过线框的磁场方向垂直纸面向里，且逐渐减小，根据楞次定律，知感应电流的方向为顺时针方向，即a-b-c-d-a方向；由左手定则可知，各边所受的安培力方向：ad受力向下，bc受力向上，ab受力向左，cd受力向右，故ABC错误，D正确；故选D．点睛：解决本题的关键掌握安培定则，左手定则，以及会用法拉第电磁感应定律求出感应电流大小，用楞次定律判断感应电流方向4. 在如图所示的电路中，a、b为两个完全相同的灯泡，L为自感线圈，E为电源，S为开关．下列说法正确的是（）A. 合上开关，a先亮，b逐渐变亮；断开开关，b先熄灭，a后熄灭B. 合上开关，a先亮，b逐渐变亮；断开开关，a、b同时熄灭C. 合上开关，b先亮，a逐渐变亮；断开开关，a先熄灭，b后熄灭D. 合上开关，b先亮，a逐渐变亮；断开开关，a、b同时熄灭【答案】D【解析】由于a、b为两个完全相同的灯泡，当开关接通瞬间，b灯泡立刻发光，而a灯泡由于线圈的自感现象，导致灯泡渐渐变亮；当开关断开瞬间，两灯泡串联，由线圈产生瞬间电压提供电流，导致两灯泡同时熄灭．故选D．5. 关于磁场和磁感线的描述，正确的是( )A. 磁感线从磁体的N极出发到磁体的S极终止B. 磁感线是闭合的曲线C. 磁感线的方向就是小磁针静止时S极所指的方向D. 磁感线可以相交【答案】B【解析】磁感线在磁体的外部从磁体的N极出发到磁体的S极终止，在磁体的内部从S极到N极，形成闭合的曲线，选项A错误，B正确；磁感线的方向就是小磁针静止时N极所指的方向，选项C错误；磁感线不可以相交，选项D错误；故选B.6. 下面是对电源和电流概念的认识，正确的是( )A. 电动势反映了电源把电能转化为其他形式能量的本领B. 电动势和电势差的单位相同，电动势实质上就是电势差C. 电流的方向就是电荷定向移动的方向D. 在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反【答案】D【解析】电动势反映了电源把其他形式能量转化为电能的本领，选项A错误；电动势的单位和电势差相同，但电动势与电势差是两个不同的物理量，它们的物理意义不同．故B错误．电流的方向就是正电荷定向移动的方向，选项C错误；在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反，选项D正确；故选D.7. 灵敏电流表的内阻R g=9Ω，满偏电流I g=100mA，要把它改装成一个量程为1A的电流表，需要给它（）A. 并联一个1Ω的电阻B. 串联一个1Ω的电阻C. 并联一个0.9Ω的电阻D. 串联一个0.9Ω的电阻【答案】A【解析】改装成电流表要并联分流，并联阻值：，故选A.点睛：磁体考查电表的改装原理，明确要改装成电压表要串联电阻分压，改装成电流表要并联电阻分流．8. 一段粗细均匀的电阻丝，横截面积为S，电阻为R，现把它拉成横截面积为S/2的均匀细丝，它的电阻变为（）A. R/2B. 2RC. R/4D. 4R【答案】D9. 如图所示，n=100匝的线框垂直放在匀强磁场中，线框面积为S=20cm2，线框的总电阻为R=20Ω，若磁场的磁感应强度在△t=0.2s的时间内由0.1T增加到0.5T，则下面说法正确的是（）A. 线框中的感应电流方向是顺时针B. 线框中的感应电流方向是逆时针C. 产生的感应电动势大小为E=0.4VD. 产生的感应电流大小为I=0.2A【答案】BC【解析】当磁场增强时，穿过线圈的磁通量增加，根据楞次定律可知，线圈中产生逆时针方向的电流，故选项B正确，A错误；根据法拉第电磁感应定律知线框中产生的感应电动势为：；产生的感应电流大小为，故选项C正确，D 错误；故选BC.点睛：本题考查楞次定律及法拉第电磁感应定律的应用，要注意明确磁通量、磁通量的变化量以及磁通量的变化率三间的区别和联系．10. 如下图所示,在铁芯F上绕着两个线圈A、B.如果线圈A中的电流和时间的关系如图所示,在t～t2这段时间内,A、B、C、D四种情况中,在线圈B中能产生感应电流的是()A. B.C. D.【答案】ABD【解析】A图中线圈A中的电流均匀减小，产生的磁场均匀减弱，则穿过B的磁通量均匀减小，磁通量的变化率不变，根据法拉第电磁感应定律可知B中产生恒定的感应电动势，产生恒定不变的感应电流，故A 正确．B图中线圈A中的电流均匀增加，产生磁场均匀增强，则穿过B的磁通量均匀增大，磁通量的变化率不变，根据法拉第电磁感应定律可知B中产生恒定的感应电动势，形成不变的感应电流，故B正确．C 图中线圈A中电流不变，产生恒定的磁场，穿过B线圈的磁通量不变，不产生感应电流．故C错误．D图中线圈A中的电流不是均匀变化的，则产生的磁场也是不均匀变化的，穿过B的磁通量不是均匀变化的，磁通量的变化率是变化的，则在线圈B中产生变化的感应电流．故D正确．故选ABD．点睛：解决本题的关键会用法拉第电磁感应定律判断感应电流的大小，用楞次定律判断感应电流方向；关键是看磁通量有无变化，磁通量如何变化的，而磁通量的变化要看电流的变化情况．11. 如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，匀强电场的电场强度为E，方向竖直向下，有一质子（重力不计）恰能以速率沿直线从左向右沿直线水平飞越此区域．下列说法正确的是( )A. 若一电子以速率v从左向右飞入，则该电子将向上偏转B. 若一电子以速率v从左向右飞入，则该电子将沿直线运动C. 该质子通过此区域的速度v=E/BD. 该质子通过此区域的速度v=B/E【答案】BC【解析】质子从左边进入电场，在电场中受到向下的电场力和向上的洛伦兹力作用，因恰能沿直线从右边水平飞出，可知电场力和洛伦兹力平衡，有qE=qvB，得v=E/B．若是电子，也从左边以速度v射入，电场力和洛伦兹力的方向对调，发现还是有v=E/B，所以带电粒子只要以速度v从左边水平进入电场，粒子就会沿水平方向射出，与电性和电量无关；由上分析可知，故AD错误，BC正确．故选BC．点睛：此题考察了速度选择器的问题．在速度选择器中，粒子的受力特点是：同时受到方向相反的电场力和洛伦兹力作用；粒子能匀速通过选择器的条件：电场力和洛伦兹力平衡，只有速度为v=E/B的粒子才能沿直线匀速通过选择器．即粒子选择器只选择粒子的速度大小和射入方向，与粒子的带电情况无关．12. 一理想变压器原、副线圈匝数比n1∶n2＝11∶2.原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u如下图所示，副线圈仅接入一个R=10 Ω的电阻．则( )A. 流过电阻的最大电流是4 AB. 与电阻并联的电压表的示数是40VC. 变压器的输入功率是160WD. 经过10s电阻产生的热量为1.6×103 J【答案】AD【解析】变压器的初级电压最大值为220V，有效值为U1=220V，则次级电压有效值为，与电阻并联的电压表的示数是40 V，选项B错误；次级电流有效值，则流过电阻的最大电流是4A，选项A正确；变压器的输入功率等于输出功率，即，选项C错误；经过10s电阻产生的热量为，选项D正确；故选AD.二、实验题13. 在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，有一个小灯泡上标有“2V,1W”的字样，有下列器材供选用：A．电压表（0～3V，内阻10 kΩ）B．电压表（0～15 V，内阻20 kΩ）C．电流表（0～300mA，内阻1 Ω）D．电流表（0～600mA，内阻0.4 Ω）E．滑动变阻器（1000 Ω，0.2 A）F．滑动变阻器（10 Ω，1 A）（1）实验中电压表应选用________，电流表应选用______．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用________（用序号字母表示）．（2）下列满足实验要求的电路图是________（用序号字母表示）．【答案】(1). (1) A(2). D(3). F(4). (2) A【解析】（1）由小灯泡的规格“2V，1W”可知，额定电压U=2V，额定电流I=0.5A，所以电压表选A，电流表应选D；由于实验要求电流从零调，所以应选阻值小的变阻器F．（2）由于电压表的内阻远大于小灯泡的电阻，所以电流表应用外接法，又实验要求电流从零调，变阻器应用分压式接法，所以电路图应该选A.点睛：当实验要求电流从零调时，变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；当电流表内阻远小于待测电阻时，电流表应用内接法．当电压表内阻远大于待测电阻时，电流表应用外接法．14. 在“测定电源的电动势和内阻”的实验中(1)在图甲的电路中,为避免烧坏电表,闭合开关前,滑动变阻器的滑片应置于________端(选填“最左端”或“最右端”).(2)图乙是根据实验数据作出的U-I图象,由图可知,电源的电动势E=______V,内阻r=________Ω.（保留两位有效数字）【答案】(1). （1）最左端(2). （2）1.5(3). 1.0......... ...（2）由图可知,电源的电动势E=1.5V，内阻r=.15. 如图所示螺旋测微器测量的读数为____________mm。
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2017～2018学年度第一学期期末联考试卷高二物理一、选择题（本题共12小题，每小题4分。
第1—8题只有一项符合题目要求，第9—12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，共48分。
）1．将可变电容器的动片旋出一些，减小动片间的正对面积，下列说法正确的是A. 电容器的电容增大B. 电容器的电容减小C. 电容器的电容不变D. 以上说法都有可能2．环形导线中有一小磁针如图1所示悬挂放置，此时环形导线未通电。
当通电后环形导线左端为正极，右端为负极，小磁针稳定后N 极所指的方向是A ．垂直纸面向里B ．垂直纸面向外C ．水平向左D ．水平向右3．如图2所示，在场强为E 的匀强电场中有A 、B 两点，AB 连线长L ，与电场线夹角为α．则AB 两点的电势差为 A ．0 B ．EL C ．EL cos α D ．EL sin α 4．下列说法正确的是 A ．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱 B ．放在匀强磁场中的通电导线一定受到安培力 C ．磁场的方向就是通电导体所受安培力的方向D ．通电直导线所受安培力的方向一定垂直于磁感应强度和直导线所决定的平面5．如图3所示，匀强电场中A 、B 两点的场强分别用E A 、E B 表示，电势分别用ϕA 、ϕB 表示。
关于E A和E B 、ϕA 和ϕB 的大小关系，下列说法正确的是A ．E A =EB B ．E A <E BC ．ϕA =ϕBD ．ϕA <ϕB 6．如图4所示，在x 轴上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，x 轴下方存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为2B ，两磁场右边界均足够宽。
一带负电的粒子质量为m ，电荷量为q ，从原点O 与x 轴成30°角斜向上射入磁场，且在x 轴上方磁场中的运动半径为R ，下列说法正确的是A ．粒子经偏转一定能回到原点OB ．粒子完成一次周期性运动的时间为qB m πC ．粒子在x 轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为2:1D ．粒子从原点出发后到第二次穿过x 轴时，沿x 轴前进2R7．如图5所示，开关S 闭合后，竖直放置的平行板电容器C 两板间有一带电微粒m 处于静止，现将滑动变阻器R 的滑动片P 向下滑动一些（A 灯与B 灯均未被烧坏），待电路稳定后，与滑动片P 滑动前相比，下列说法正确的是A ．A 灯变暗，B 灯变亮B ．内阻r 消耗的热功率减小C ．带电微粒m 将加速向上运动D ．通过滑动变阻器R 的电流增大8．如图6所示，实线表示电场线，虚线表示等势面，相邻两个等势面之间的电势差相等。
有一个运动的正电荷在等势面L 3上某点的动能为20 J ，运动至等势面L 1上的某点时动能变为0，若取L 2为零等势面，则此电荷的电势能为2 J 时，其动能为 A ．18 J B ．10 J C ．8 J D ．2 J 9．点电荷在电场中只受电场力的作用，从a 点运动到b 点的过程中，点电荷的电势能改变量为零，则下列说法正确的是A ．点电荷一定沿等势面运动B ．电场力对点电荷做的功一定为零C ．a 点的电势一定等于b 点的电势D ．a 点的场强一定等于b 点的场强10．如图7所示，实线是匀强电场的电场线，电场方向水平向右，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时图1 E 图3A B E 图2 A B α图6 Ｌ1 Ｌ2 Ｌ3 x B 图4 y 2B o v 0 图5 C m S的运动轨迹，若带电粒子在运动中只受电场力的作用，从a点运动到b点，则由此图可作出正确判断的是A．带电粒子动能增加B．带电粒子带正电荷C．带电粒子电势能增加D．带电粒子受电场力的方向水平向左11．质量为m的金属导体棒置于倾角为θ的导轨上，棒与导轨间的动摩擦因数为μ，当导体棒通电时，恰能在导轨上静止，如图8所示的四个图中标出了四种可能的匀强磁场的磁感应强度B的方向，其中棒与导轨间的摩擦力可能为零的是12．如图9所示的虚线区域内，充满垂直于纸面向里的匀强磁场和竖直向下的匀强电场。
一带电小球以一定的初速度由左边界的O 点射入磁场和电场区域，恰好沿直线由区域右边界的O′点（图中未标出）穿出。
若撤去该区域内的磁场而保留电场不变，将此带电小球仍以相同初速度由O点射入，从区域右边界穿出，则该带电小球A．穿出位置一定在O′点下方B．在电场运动过程中动能一定增大C．在电场运动过程中电势能可能增大D．在电场运动过程中重力势能可能增大二、实验探究题（本题共2小题，每空2分，共16分）13．在“测金属导体电阻”的实验中，可供选择的器材有：A．待测电阻：约10 ΩB．电流表：量程0～0.6 A，内阻约为0.5 ΩC．电流表：量程0～3 A，内阻约为0.1 ΩD．电压表：量程0～5 V，内阻约为5 kΩE．电压表：量程0～15 V，内阻约为10 kΩF．滑动变阻器：阻值范围0～10 Ω，额定电流2 AG．滑动变阻器：阻值范围0～100 Ω，额定电流2 AH．电池组：电动势6 V，内阻约为1 ΩI．开关一只，导线若干要求电压表示数从零开始调节，且使测得的电阻值尽量准确，电流表应选______，电压表应选______ ，滑动变阻器应选______ (三空均选填器材前字母)，按正确电路连接后金属导体电阻的测量值______真实值(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
14．如图10是某同学连接的实验实物图，用1.5V的干电池共四节连接电路，闭合开关后A、B两灯都不亮。
他采用下列两种方法对故障原因进行排查（本题只有一处故障，灯泡A、B的规格均为2.5V、1W，变阻器为10Ω、1A）。
（1）应用多用表的直流电压档进行检查，那么选择开关应置于______档。
A．2.5V B．10V C．50V D．250V（2）①该同学在测试a、b间直流电压时，红表笔应当接触______（选填a或b）；②该同学的测试结果如表1所示，根据表1测量结果，可以判断的故障是：A．灯A短路B．灯B短路C．c、d段断路D．d、f段断路（3）将开关断开，再选择欧姆档测试，测量结果如表2所示，那么检查出的结果是：A、灯A断路B、灯B断路C、灯A、B都断路D、d、e间导线断路OA B C图8图10表2图7三、计算题（本题共3小题，15题10分，16题12分，17题14分，共36分，要求写出必要的文字说明和重要的步骤,只写出最后结果不得分。
）15．如图11所示电路中，电源电动势E =3V ，内阻r =1Ω，外电阻R 1=R 2=1Ω，电压表是理想电压表，闭合开关S 后，求：（1）电压表的示数； （2）电源的输出功率；16．如图12所示，在水平向左的匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直固定放置，其半径为R ，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行，半圆轨道最低点与一水平粗糙绝缘轨道MN 相切于N 点。
一小滑块（可视为质点）带正电且电荷量为q ，质量为m ，与水平轨道间的滑动摩擦力大小为0.5mg ，现将小滑块从水平轨道的M 点由静止释放，恰能运动到半圆轨道的最高点Ｈ。
已知电场强度大小为qmg 3，重力加速度大小为g ，求： （1）小滑块在最高点Ｈ的速度H υ大小； （2）M 点距半圆轨道最低点N 的水平距离L ； （3）小滑块通过半圆轨道中点P 时，轨道对小滑块的弹力F 大小。
17．如图13所示，在平面直角坐标系xOy 内，第一和第四象限内有一个有界圆形区域与y 轴相切于原点O ，其圆心为O 1、半径一定，圆内存在垂直于纸面的匀强磁场。
第二和第三象限内有平行于y 轴的匀强电场。
第二象限内有一P 点，坐标（-d ，23d ），一带电粒子（重力不计）自P 点以平行于x 轴的初速度v 0开始运动，粒子从O 点离开电场，经磁场偏转后又从y轴上的Q 点（图中未画出）垂直于y 轴回到电场区域，并恰能返回到P 点。
求： （1）粒子从P 点到O 点经历的时间及粒子在第二象限的加速度大小； （2）粒子经过坐标原点O 时的速度大小；（3）电场强度E 和磁感应强度B 的比值。
2017～2018学年度第一学期期末联考高二物理参考答二、实验探究题（每空2分，共16分）13．B ；D ；F ；小于 14．(1)B (2)①a ②D (3)D三、计算题15（10分）．（1）流过R 1的电流 r R R E I ++211＝ . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . （2分） 带入数据解得I 1＝1A. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . （1分）R 1两端电压U 1＝I 1R 1＝1V . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（2分）图12H 图11(2)电源的输出功率 )(＝2121R R I P + . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（3分）解得P ＝2W . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（2分）16.(12分)(1)在Ｈ点，由Rm mg H 2＝υ . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（2分） 解得gR ＝H υ. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分）(2)设MN 间的水平距离为L ，全程从M 点到H 点的过程中，由动能定理2H 21＝2υm mgR fL qEL --. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（2分） 代入数据解得L ＝R . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（2分）(3)从P 到H ，由动能定理2p 2H 2121＝υυm m qER mgR ---. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（2分） 解得gR 3＝p υ. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分）在P 点: Rm qE F 2P ＝υ-. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分） 解得F ＝12mg . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分）17（14分）．（1）设粒子在电场中运动的时间为t 1x 方向10＝t d υ . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分）解得01＝υd t . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分）212123at d =. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分） 解得da 203＝υ . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分） （2）粒子从P 点到O 点过程中013υυ==at y . . . . .. . . . .（1分） 经过坐标原点的速度大小0202＝υυυυy +＝ . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分）（3）设Q 点到坐标原点的距离为y ，从Q 点再次进入电场过程中202＝t d υ. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分）2221at d y =-23解得d y 385=. . .（1分） 设粒子进入磁场时速度与x 轴夹角为θ，根据0＝tan υυθy =解得θ＝600. . . . . . . . （1分） 磁场中由几何关系得θcos r r y +=. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分） 解得d y r 312532==. ..（1分）设粒子进入磁场时，根据r m B q 2＝υυ 求出qd m B 5380υ＝. .（1分） 粒子在电场中运动ma Eq = 将da 203＝υ代入解得qd m E 203υ= .（1分） 则850υ=B E . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .（1分） （注：用其它方法解答正确也给分）。