山东省青岛市2020年4月高三统一质量检测(一模)数学试卷(含答案)
山东省青岛市2020年4月高三统一质量检测(一模)物理(含答案)
2. 如图，在研究功与内能改变的关系时，将一小块易燃物放在厚玻璃筒底部，用力向下压活 塞，可以将易燃物点燃。 关于该实验，F列说法正确的是 A. 筒内气体，在被压缩的同时从外界迅速吸收热量，导致气体温度升高 B. 只要最终筒内气体压强足够大，筒内易燃物就会被点燃
c. 若实验中易燃物被点燃，是活塞与筒壁间摩擦生热导致的
山东省青岛市2020年4月高三统一质量检测（一模）
物理试题
2020.04
注意事项： 1. 答题前，考生先将自己的姓名、 考试号、 座号填写到相应位置，认真核对条形码上的
姓名、 考试号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。 2. 选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例） 正确填涂；非选择题答案必须使用0.5毫
（2） ①更换间距更小的双缝 ②增大双缝到屏的距离 ③更换滤光片
14. （1） A2 ；（2） 电阻箱接入电路中的电阻值；
（3） πrD2 （4） 无 4l
15. （1）可知，0~t0 做匀加速运动， t0~6s 做匀速直线运动。设 t0 时的速度为 v，则：
v＝x52－－tx01
x1
0
2
v
t0
解得：t0=2s
D. 该实验成功的关键是向下压活塞的力要大，速度要快 3. 在某种介质中，一列沿x轴传播的简谐横波在 t = 0时刻的波形图如图（a）所示，此时质点
A在波峰位置，质点D刚要开始振动，质点C的振动图像如图（b）所示；t = 0时刻在D 点有一 台机械波信号接收器（图中未画出），正以2rr内的速度沿x轴正向匀速运动。 下列说
米黑色签字笔书写，字体工整、 笔迹清楚。 3. 请按照题号在各题目的答题区域内作答、 超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、
试题卷上答题无效。 答题卡面清洁、 不折叠、 不破损。
2020年山东省青岛市高考数学一模试卷(理科)含答案解析
2020年山东省青岛市高考数学一模试卷（理科）一、选择题：本大题共10小题．每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知全集，集合A={﹣1，1}，B={1，4}，则A∩（∁U B）=（）A．{﹣1，1} B．{﹣1}C．{1}D．∅2．已知数据x1，x2，x3，...，x50，500（单位：公斤），其中x1，x2，x3，...，x50，是某班50个学生的体重，设这50个学生体重的平均数为x，中位数为y，则x1，x2，x3， (x50)500这51个数据的平均数、中位数分别与x、y比较，下列说法正确的是（）A．平均数增大，中位数一定变大B．平均数增大，中位数可能不变C．平均数可能不变，中位数可能不变D．平均数可能不变，中位数可能变小3．设随机变量ξ服从正态分布N（1，σ2），则函数f（x）=x2+2x+ξ不存在零点的概率为（）A．B．C．D．4．已知a∈R，则“a＜1”是“|x﹣2|+|x|＞a恒成立”的（）A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件5．定义min，则由函数f（x）的图象与x 轴、直线x=2所围成的封闭图形的面积为（）A．B．C．D．6．已知点F1，F2为双曲线的左，右焦点，点P在双曲线C 的右支上，且满足|PF2|=|F1F2|，∠F1F2P=120°，则双曲线的离心率为（）A．B．C．D．7．如图所示的程序框图，输出S的值为（）A．B．C．D．8．已知x，y∈R，且满足，则z=|x+2y|的最大值为（）A．10 B．8 C．6 D．39．如图，四棱锥P﹣ABCD的底面ABCD为平行四边形，NB=2PN，则三棱锥N﹣PAC与三棱锥D﹣PAC的体积比为（）A．1：2 B．1：8 C．1：6 D．1：310．已知抛物线x2=4y，直线y=k（k为常数）与抛物线交于A，B两个不同点，若在抛物线上存在一点P（不与A，B重合），满足，则实数k的取值范围为（）A．k≥2 B．k≥4 C．0＜k≤2 D．0＜k≤4二、填空题：本大题共5小题，每小题5分，共25分.11．已知i是虚数单位，m，n∈R，且m+2i=2﹣ni，则的共轭复数为_______．12．二项式的展开式中，常数项等于_______（用数字作答）．13．已知函数f（x）=Asin（ωx+φ）（A＞0，ω＞0，0＜φ＜π）是偶函数，它的部分图象如图所示．M是函数f（x）图象上的点，K，L是函数f（x）的图象与x轴的交点，且△KLM 为等腰直角三角形，则f（x）=_______．14．若a＞0，b＞0，则的最小值是_______．15．定义在区间[x1，x2]上的函数y=f（x）的图象为C，M是C上任意一点，O为坐标原点，设向量，且实数λ满足x=λx1+（1﹣λ）x2，此时向量．若|≤K恒成立，则称函数y=f（x）在区间[x1，x2]上可在标准K下线性近似，其中K是一个确定的实数．已知函数f（x）=x2﹣2x在区间[1，2]上可在标准K下线性近似，那么K的最小值是_______．三、解答题：本大题共6小题，共75分，解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.16．已知函数f（x）=sin2wx﹣sin2（wx﹣）（x∈R，w为常数且＜w＜1），函数f（x）的图象关于直线x=π对称．（I）求函数f（x）的最小正周期；（Ⅱ）在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，若a=1，f（A）=．求△ABC面积的最大值．17．为迎接2022年北京冬奥会，推广滑雪运动，某滑雪场开展滑雪促销活动，该滑雪场的收费标准是：滑雪时间不超过1小时免费，超过1小时的部分每小时收费标准为40元（不足1小时的部分按1小时计算）．有甲、乙两人相互独立地来该滑雪场运动，设甲、乙不超过1小时离开的概率分别为，；1小时以上且不超过2小时离开的概率分别为，；两人滑雪时间都不会超过3小时．（Ⅰ）求甲、乙两人所付滑雪费用相同的概率；（Ⅱ）设甲、乙两人所付的滑雪费用之和为随机变量ξ．求ξ的分布列与数学期望E（ξ）．18．如图，在四棱锥P﹣ABCD中，PA⊥平面ABCD，AC⊥AD，AB⊥BC，∠BCA=45，AP=AD=AC=2，E为PA的中点．（Ⅰ）设面PAB∩面PCD=l，求证：CD∥l；（Ⅱ）求二面角B﹣CE﹣D的余弦值．19．已知等差数列{a n}的公差d=2，其前n项和为S n，数列{a n}的首项b1=2，其前n项和为T n，满足．（Ⅰ）求数列{a n}、{b n}的通项公式；（Ⅱ）求数列{|a n b n﹣14|}的前n项和W n．20．已知椭圆E： +=1，A、B分别是椭圆E的左、右顶点，动点M在射线1：x=4（y＞0）上运动，MA交椭圆E于点P，MB交椭圆E于点Q．（1）若△MAB垂心的纵坐标为﹣4，求点的P坐标；（2）试问：直线PQ是否过定点？若过定点，求出定点坐标；若不过定点，请说明理由．21．已知函数f（x）=sinx﹣ax．（Ⅰ）对于x∈（0，1），f（x）＞0恒成立，求实数a的取值范围；（Ⅱ）当a=1时，令h（x）=f（x）﹣sinx+lnx+1，求h（x）的最大值；（Ⅲ）求证：．2020年山东省青岛市高考数学一模试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题：本大题共10小题．每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知全集，集合A={﹣1，1}，B={1，4}，则A∩（∁U B）=（）A．{﹣1，1} B．{﹣1}C．{1}D．∅【考点】交、并、补集的混合运算．【分析】求出全集中y的值确定出U，再由B利用补集的定义求出B的补集，找出A与B 补集的交集即可．【解答】解：由全集U中y=log2x，x=，1，2，16，得到y=﹣1，0，1，4，即全集U={﹣1，0，1，4}，∵A={﹣1，1}，B={1，4}，∴∁U B={﹣1，0}，则A∩（∁U B）={﹣1}，故选：B．2．已知数据x1，x2，x3，...，x50，500（单位：公斤），其中x1，x2，x3，...，x50，是某班50个学生的体重，设这50个学生体重的平均数为x，中位数为y，则x1，x2，x3， (x50)500这51个数据的平均数、中位数分别与x、y比较，下列说法正确的是（）A．平均数增大，中位数一定变大B．平均数增大，中位数可能不变C．平均数可能不变，中位数可能不变D．平均数可能不变，中位数可能变小【考点】众数、中位数、平均数．【分析】根据平均数与中位数的定义，分析这组数据，即可得出正确的结论．【解答】解：根据题意得，数据x1，x2，x3，…，x50，是某班50个学生的体重，其平均数应在50公斤左右，再增加一个数据500，这51个数据的平均数一定增大，而中位数有可能不变，如：按大小顺序排列后，第25、26个数据相等时，其中位数相等．故选：B．3．设随机变量ξ服从正态分布N（1，σ2），则函数f（x）=x2+2x+ξ不存在零点的概率为（）A．B．C．D．【考点】正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义；函数的零点；古典概型及其概率计算公式．【分析】函数f（x）=x2+2x+ξ不存在零点，可得ξ＞1，根据随机变量ξ服从正态分布N（1，σ2），可得曲线关于直线x=1对称，从而可得结论．【解答】解：∵函数f（x）=x2+2x+ξ不存在零点，∴△=4﹣4ξ＜0，∴ξ＞1∵随机变量ξ服从正态分布N（1，σ2），∴曲线关于直线x=1对称∴P（ξ＞1）=故选C．4．已知a∈R，则“a＜1”是“|x﹣2|+|x|＞a恒成立”的（）A．充分而不必要条件 B．必要而不充分条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断．【分析】要判断“a＜1”是“|x﹣2|+|x|＞a恒成立”的条件，我们可先构造函数y=|x﹣2|+|x|并求出函数的值域，然后转化为一个恒成立的判断与性质问题，最后结合充要条件的定义，进行判断．【解答】解：函数y=|x﹣2|+|x|的值域为[2，+∞）则当a＜1时，|x﹣2|+|x|＞a恒成立反之若，|x﹣2|+|x|＞a，则说明a小于函数y=|x﹣2|+|x|的最小值2恒成立，即a＜2故“a＜1”是“|x﹣2|+|x|＞a恒成立”的充分不必要条件故选：A．5．定义min，则由函数f（x）的图象与x 轴、直线x=2所围成的封闭图形的面积为（）A．B．C．D．【考点】定积分在求面积中的应用．【分析】根据题目给出的函数定义，写出分段函数f（x）=min{x2， }，由图象直观看出所求面积的区域，然后直接运用定积分求解阴影部分的面积．【解答】解：由=x2，得：x=1，又当x＜0时，＜x2，所以，根据新定义有f（x）=min{x2， }=，图象如图，所以，由函数f（x）的图象与x轴、x=2直线所围成的封闭图形为图中阴影部分，其面积为S=x2dx+dx=|+lnx|=+ln2，故选：C．6．已知点F1，F2为双曲线的左，右焦点，点P在双曲线C 的右支上，且满足|PF2|=|F1F2|，∠F1F2P=120°，则双曲线的离心率为（）A．B．C．D．【考点】双曲线的简单性质．【分析】运用余弦定理可得|PF1|=2c，再由双曲线的定义可得|PF1|﹣|PF2|=2a，即为2c﹣2c=2a，运用离心率公式计算即可得到所求值．【解答】解：由题意可得|PF2|=|F1F2|=2c，∠PF2F1=120°，即有|PF1|2=|PF2|2+|F1F2|2﹣2|PF2|•|F1F2|cos∠PF2F1=4c2+4c2﹣2•4c2•（﹣）=12c2，即有|PF1|=2c，由双曲线的定义可得|PF1|﹣|PF2|=2a，即为2c﹣2c=2a，即有c=a，可得e==．故选：A．7．如图所示的程序框图，输出S的值为（）A．B．C．D．【考点】程序框图．【分析】题目给出了当型循环结构框图，首先引入累加变量s和循环变量n，由判断框得知，算法执行的是求2n cosnπ的和，n从1取到100，利用等比数列求和公式即可计算得解．【解答】解：通过分析知该算法是求和2cosπ+22cos2π+23cos3π+…+2100cos100π，由于2cosπ+22cos2π+23cos3π+...+2100cos100π=﹣2+22﹣23+24﹣ (2100)=．故选：C．8．已知x，y∈R，且满足，则z=|x+2y|的最大值为（）A．10 B．8 C．6 D．3【考点】简单线性规划．【分析】作出不等式对应的平面区域，利用线性规划的知识，通过平移即可求z的最大值．【解答】解：作出不等式组，对应的平面区域如图：（阴影部分）由z=|x+2y|，平移直线y=﹣x+z，由图象可知当直线y=﹣x ﹣z 经过点A 时，z 取得最大值，此时z 最大．即A （﹣2，﹣2），代入目标函数z=|x +2y |得z=2×2+2=6故选：C ．9．如图，四棱锥P ﹣ABCD 的底面ABCD 为平行四边形，NB=2PN ，则三棱锥N ﹣PAC 与三棱锥D ﹣PAC 的体积比为（ ）A ．1：2B ．1：8C ．1：6D ．1：3【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积．【分析】根据两个棱锥的底面和高与棱锥P ﹣ABC 的底面与高的关系得出两棱锥的体积与棱锥P ﹣ABC 的关系，得出答案．【解答】解：∵四边形ABCD 是平行四边形，∴S △ABC =S △ACD ．∴V D ﹣PAC =V P ﹣ACD =V P ﹣ABC ．∵NB=2PN ，∴NB=PB ，∴V N ﹣ABC =V P ﹣ABC ，∴V N ﹣PAC =V P ﹣ABC ﹣V N ﹣ABC =V P ﹣ABC ．∴．故选：D ．10．已知抛物线x2=4y，直线y=k（k为常数）与抛物线交于A，B两个不同点，若在抛物线上存在一点P（不与A，B重合），满足，则实数k的取值范围为（）A．k≥2 B．k≥4 C．0＜k≤2 D．0＜k≤4【考点】抛物线的简单性质．【分析】由题意可得设A（2，k），B（﹣2，k），P（m，），运用向量的数量积的坐标表示，由换元法可得二次方程，由判别式大于等于0和两根非负的条件，运用韦达定理，解不等式即可得到所求范围．【解答】解：由y=k（k＞0），代入抛物线x2=4y，可得x=±2，可设A（2，k），B（﹣2，k），P（m，），由，可得（2﹣m，k﹣）•（﹣2﹣m，k﹣）=0，即为（2﹣m）（﹣2﹣m）+（k﹣）2=0，化为m4+m2（1﹣）+k2﹣4k=0，可令t=m2（t≥0），则t2+t（1﹣）+k2﹣4k=0，可得△=（1﹣）2﹣（k2﹣4k）≥0，即1≥0恒成立，由韦达定理可得﹣（1﹣）≥0，k2﹣4k≥0，解得k≥4．故选：B．二、填空题：本大题共5小题，每小题5分，共25分.11．已知i是虚数单位，m，n∈R，且m+2i=2﹣ni，则的共轭复数为i．【考点】复数代数形式的乘除运算．【分析】利用复数相等，求出m，n然后求解复数的代数形式．【解答】解：m，n∈R，且m+2i=2﹣ni，可得m=2，n=﹣2，====﹣i．它的共轭复数为i．故答案为：i．12．二项式的展开式中，常数项等于1215（用数字作答）．【考点】二项式定理．【分析】在二项展开式的通项公式中，令x的幂指数等于0，求出r的值，即可求得常数项【解答】解：展开式的通项公式为，由6﹣3k=0得k=2，所以常数项为，故答案为1215．13．已知函数f（x）=Asin（ωx+φ）（A＞0，ω＞0，0＜φ＜π）是偶函数，它的部分图象如图所示．M是函数f（x）图象上的点，K，L是函数f（x）的图象与x轴的交点，且△KLM为等腰直角三角形，则f（x）=cosπx．【考点】正弦函数的图象．【分析】由函数的最值求出A，由函数的奇偶性求出φ的值，由周期求出ω，可得函数的解析式．【解答】解：由题意可得A=，φ=2kπ+，k∈Z，再结合0＜φ＜π，可得φ=，函数f（x）=sin（ωx+）=cosωx．再根据•=，可得ω=π，函数f（x）=cosπx，故答案为：cosπx．14．若a＞0，b＞0，则的最小值是2+3．【考点】基本不等式．【分析】化简可得=++3，从而利用基本不等式求解即可．【解答】解：=2+++1=++3≥2+3，（当且仅当=，即a=b时，等号成立）；故答案为：2+3．15．定义在区间[x1，x2]上的函数y=f（x）的图象为C，M是C上任意一点，O为坐标原点，设向量，且实数λ满足x=λx1+（1﹣λ）x2，此时向量．若|≤K恒成立，则称函数y=f（x）在区间[x1，x2]上可在标准K下线性近似，其中K是一个确定的实数．已知函数f（x）=x2﹣2x在区间[1，2]上可在标准K下线性近似，那么K的最小值是．【考点】向量的线性运算性质及几何意义．【分析】y N﹣y M=λf（x1）+（1﹣λ）f（x2）﹣+2[λx1+（1﹣λ）x2]=，由题意可得：=|y N﹣y M|=||≤|λ（1﹣λ）|，再利用基本不等式的性质即可得出．【解答】解：y N﹣y M=λf（x1）+（1﹣λ）f（x2）﹣+2[λx1+（1﹣λ）x2]=+﹣+2[λx1+（1﹣λ）x2] =，|x1﹣x2|≤|1﹣2|=1，由题意可得：=|y N﹣y M|=||≤|λ（1﹣λ）|≤=，由于|≤K恒成立，∴，∴K的最小值为．故答案为：．三、解答题：本大题共6小题，共75分，解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.16．已知函数f（x）=sin2wx﹣sin2（wx﹣）（x∈R，w为常数且＜w＜1），函数f（x）的图象关于直线x=π对称．（I）求函数f（x）的最小正周期；（Ⅱ）在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，若a=1，f（A）=．求△ABC面积的最大值．【考点】正弦函数的图象；三角函数中的恒等变换应用．【分析】（1）化简f（x），根据对称轴求出ω，得出f（x）的解析式，利用周期公式计算周期；（2）由f（A）=解出A，利用余弦定理和基本不等式得出bc的最大值，代入面积公式得出面积的最大值．【解答】解：（I）f（x）=cos2ωx﹣[﹣cos（2ωx﹣）]=cos（2ωx﹣）﹣cos2ωx=﹣cos2ωx+sin2ωx=sin（2ωx﹣）．令2ωx﹣=+kπ，解得x=．∴f（x）的对称轴为x=，令=π解得ω=．∵＜w＜1，∴当k=1时，ω=．∴f（x）=sin（x﹣）．∴f（x）的最小正周期T=．（2）∵f（）=sin（A﹣）=，∴sin（A﹣）=．∴A=．由余弦定理得cosA===．∴b2+c2=bc+1≥2bc，∴bc≤1．∴S△ABC==≤．∴△ABC面积的最大值是．17．为迎接2022年北京冬奥会，推广滑雪运动，某滑雪场开展滑雪促销活动，该滑雪场的收费标准是：滑雪时间不超过1小时免费，超过1小时的部分每小时收费标准为40元（不足1小时的部分按1小时计算）．有甲、乙两人相互独立地来该滑雪场运动，设甲、乙不超过1小时离开的概率分别为，；1小时以上且不超过2小时离开的概率分别为，；两人滑雪时间都不会超过3小时．（Ⅰ）求甲、乙两人所付滑雪费用相同的概率；（Ⅱ）设甲、乙两人所付的滑雪费用之和为随机变量ξ．求ξ的分布列与数学期望E（ξ）．【考点】离散型随机变量的期望与方差；离散型随机变量及其分布列．【分析】（Ⅰ）甲、乙两人所付费用相同即为0，40，80元，求出相应的概率，利用互斥事件的概率公式，可求甲、乙两人所付租车费用相同的概率；（Ⅱ）确定变量的取值，求出相应的概率，即可求得ξ的分布列与数学期望．【解答】解：（Ⅰ）甲、乙两人所付费用相同即为0，40，80元．…都付0元的概率为P1==，都付40元的概率为P2==，都付80元的概率为P3=（1﹣）（1﹣）=，故所付费用相同的概率为P=P1+P2+P3=．（Ⅱ）由题意甲、乙两人所付的滑雪费用之和ξ的可能取值为0，40，80，120，160，P（ξ=0）==，P（ξ=40）==，P（ξ=80）=+=，P（ξ=120）=+=，P（ξ=160）=（1﹣）（1﹣）=，∴ξ的分布列为：ξ0 40 80 120 160P数学期望E（ξ）=+=80．18．如图，在四棱锥P﹣ABCD中，PA⊥平面ABCD，AC⊥AD，AB⊥BC，∠BCA=45，AP=AD=AC=2，E为PA的中点．（Ⅰ）设面PAB∩面PCD=l，求证：CD∥l；（Ⅱ）求二面角B﹣CE﹣D的余弦值．【考点】二面角的平面角及求法；棱锥的结构特征．【分析】（Ⅰ）根据线面平行的判定定理以及性质定理即可证明CD∥l；（Ⅱ）建立空间直角坐标系，求出对应平面的法向量，利用向量法进行求解即可．【解答】证明：（Ⅰ）取CD的中点H，∵AC⊥AD，AB⊥BC，∠BCA=45，AP=AD=AC=2，∴AH⊥CD，∠CAH=∠CAB=45°，即∠BAH=90°，即四边形ABCH是矩形，则AB∥CH，AB∥CD∵CD⊄面PAB，AB⊂面PAB，∴CD∥面PAB，∵CD⊂面PCD，面PAB∩面PCD=l，∴根据线面平行的性质得CD∥l．（Ⅱ）∵AC=2，∴AB=BC=AH=，DH=，建立以A为原点，AH，AB，AP分别为x，y，z轴的空间直角坐标系如图：则A（0，0，0），B（0，，0），C（，，0），P（0，0，2），E（0，0，1），D（，﹣，0），=（﹣，﹣，1），=（，0，0），=（0，﹣2，0）设平面BPC的一个法向量为=（x，y，z），则，则x=0，令y=，则z=2，即=（0，，2），设平面PCD的一个法向量为=（x，y，z），，则y=0，令x=，则z=2，=（，0，2），则cos＜，＞====，即二面角B﹣CE﹣D的余弦值是．19．已知等差数列{a n}的公差d=2，其前n项和为S n，数列{a n}的首项b1=2，其前n项和为T n，满足．（Ⅰ）求数列{a n}、{b n}的通项公式；（Ⅱ）求数列{|a n b n﹣14|}的前n项和W n．【考点】数列的求和；等差数列的通项公式．【分析】（I）由，可得=T1+2=22，解得a1．利用等差数列的通项公式及其前n项和公式可得a n，S n．可得2n+1=T n+2，利用递推关系可得b n．（II）令c n=a n b n﹣14=（2n﹣1）•2n﹣14．可得：c1=﹣12，c2=﹣2，n≥3，c n＞0．n≥3，W n=c1+c2+…+c n﹣2c1﹣2c2．W n=1×2+3×22+…+（2n﹣1）2n﹣14n+28，令Q n=1×2+3×22+…+（2n﹣1）2n，利用“错位相减法”与等比数列的前n项和公式即可得出．【解答】解：（I）∵，∴=T1+2=2+2=4=22，∴+1=2，解得a1=1．∴a n=1+（n﹣1）×2=2n﹣1．∴S n==n2．∴2n+1=T n+2，+2）=b n，∴当n≥2时，2n+1﹣2n=T n+2﹣（T n﹣1∴b n=2n，当n=1时也成立．∴b n=2n．（II）令c n=a n b n﹣14=（2n﹣1）•2n﹣14．∴c1=﹣12，c2=﹣2，n≥3，c n＞0．∴n≥3，W n=﹣c1﹣c2+c3+…+c n=c1+c2+…+c n﹣2c1﹣2c2．W n=1×2+3×22+…+（2n﹣1）2n﹣14n+28，令Q n=1×2+3×22+…+（2n﹣1）2n，2Q n=1×22+3×23+…+（2n﹣3）•2n+（2n﹣1）•2n+1，∴﹣Q n=2（2+22+…+2n）﹣2﹣（2n﹣1）•2n+1=2×﹣2﹣（2n﹣1）•2n+1=（3﹣2n）•2n+1﹣6，∴Q n=（2n﹣3）•2n+1+6．∴W n=．20．已知椭圆E： +=1，A、B分别是椭圆E的左、右顶点，动点M在射线1：x=4（y＞0）上运动，MA交椭圆E于点P，MB交椭圆E于点Q．（1）若△MAB垂心的纵坐标为﹣4，求点的P坐标；（2）试问：直线PQ是否过定点？若过定点，求出定点坐标；若不过定点，请说明理由．【考点】椭圆的简单性质．【分析】（1）设M（4，m），由A（﹣2，0），B（2，0），垂心H（4，﹣4），由BH⊥MA，运用直线斜率公式和斜率之积为﹣1，可得m，再由直线MA与椭圆求得交点P；（2）设M（4，m），由A（﹣2，0），B（2，0），可得MA的方程为y=（x+2），代入椭圆方程，运用韦达定理，解得P的坐标；同理求得Q的坐标，运用直线的斜率公式可得PQ的斜率，由点斜式方程可得PQ的方程，再由恒过定点思想，即可得到所求定点．【解答】解：（1）设M（4，m），由A（﹣2，0），B（2，0），垂心H（4，﹣4），由BH⊥MA，可得k BH•k MA=﹣1，即有•=﹣1，可得m=，由MA的方程：y=（x+2），代入椭圆方程，可得8x2+4x﹣48=0，解得x=﹣2，或，即有P（，）；（2）设M（4，m），由A（﹣2，0），B（2，0），可得MA的方程为y=（x+2），代入椭圆方程，可得（36+m2）x2+4m2x+8m2﹣288=0，由﹣2x P=，可得x P=，y P=（x P+2）=；又MB：y=（x﹣2），代入椭圆方程，可得（4+m2）x2﹣4m2x+8m2﹣32=0，由2+x Q=，可得x Q=，y Q=（x Q﹣2）=﹣，即有直线PQ的斜率为k==，则直线PQ：y﹣=（x﹣），化简即有y=（x﹣1），由x﹣1=0，解得x=，y=0．故直线PQ恒过定点（，0）．21．已知函数f（x）=sinx﹣ax．（Ⅰ）对于x∈（0，1），f（x）＞0恒成立，求实数a的取值范围；（Ⅱ）当a=1时，令h（x）=f（x）﹣sinx+lnx+1，求h（x）的最大值；（Ⅲ）求证：．【考点】利用导数求闭区间上函数的最值；利用导数研究函数的单调性．【分析】（Ⅰ）求出函数的导数，解关于导函数的不等式求出a的范围即可；（Ⅱ）求出h（x）的导数，解关于导函数的不等式求出h（x）的单调区间，从而求出h（x）的最大值即可；（Ⅲ）构造函数f（x）=ln（1+x）﹣x，利用导数法可证得ln（1+x）≤x（当x≠0时，ln（1+x）＜x），令x=，利用对数函数的运算性质及累加法求和即可证得结论成立．【解答】解：（Ⅰ）f（x）=sinx﹣ax，f′（x）=cosx﹣a，若对于x∈（0，1），f（x）＞0恒成立，即a＜cosx在（0，1）恒成立，故a≤0；（Ⅱ）a=1时，h（x）=lnx﹣x+1，（x＞0），h′（x）=﹣1=，令h′（x）＞0，解得：0＜x＜1，令h′（x）＜0，解得：x＞1，∴h（x）在（0，1）递增，在（1，+∞）递减，∴h（x）的最大值是h（1）=0；证明：（Ⅲ）构造函数g（x）=ln（1+x）﹣x，则g′（x）=﹣1=，当﹣1＜x＜0时，g′（x）＞0，g（x）在（﹣1，0）上单调递增；当x＞0时，g′（x）＜0，g（x）在（0，+∞）上单调递减；所以，当x=0时，g（x）=ln（1+x）﹣x取得极大值，也是最大值，所以，g（x）≤g（0）=0，即ln（1+x）≤x，当x≠0时，ln（1+x）＜x．令x=，则ln（1+）=ln（n+1）﹣lnn＜，即ln（n+1）﹣lnn＜，∴ln2﹣ln1＜1，ln3﹣ln2＜，…，lnn﹣ln（n﹣1）＜，ln（n+1）﹣lnn＜，以上n个不等式相加得：ln（n+1）﹣ln1＜1+++…+，即．2020年9月9日。
山东省青岛市即墨区2023届高三下学期开学教学质量检测数学试卷+答案
<
4 5
，z
1
= (0.752 )3
1
= 0.56253
1
> 0.5123
= 0.8 = 4 ， 5
A：= S20 S= 30−20 S10 ，A 正确.
B： S8
=S13−8
=S5
=1 2
+
1 22
++
1 25
=1 −
1 25
=31 ，B 32
错误.
C：①当 i,
j≤ M 2
时， Si
−Sj
=
1 −
7
（负值舍). 故选 A.
4
7.当 x ∈ (0,1] 时， f ( x) 最大值为 1 ，当 x ∈ (1, 2] 时， f ( x) 最大值为 1 ，当 x ∈ (2,3] 时， f ( x) 最
4
2
大值为 1，所以 m ∈(2,3] .设 f= ( x0 )
16 25
,
x0
∈
2,
5 2
，则
800 ≈ 30. 故选 C. 27
5.若
1
a
>
1
b
，则
a
<
b
，从而
a
<
b
+1，反之不成立，= 如 a
0= .5, b
0 时，a < b +1，但 a > b ，.
2 2
1 a 2
<
1 2
b
，所以是充分不必要条件.
故选 A.
所 以 g ( x) 在 (1, +∞) 上 是 增 函 数 ， 从 而
，由①知，此时结论也成立.
2020届山东省青岛市2017级高三4月一模考试数学试卷及答案
2020届山东省青岛市2017级高三4月一模考试数学试卷★祝考试顺利★全卷满分150 分.考试用时120分钟｡一､单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分｡在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知i 是虚数单位,复数12,i z i -=则z 的共轭复数z 的虚部为 A. –i B.1 C. i D. -12.已知集合2{|log 2}A x R x =∈<,集合B={x ∈R||x-1|<2}, 则A∩B=A. (0,3)B. (-1,3)C. (0,4)D. (-∞,3)3.已知某市居民在2019年用于手机支付的个人消费额ξ(单位:元)服从正态分布2(2000,100),N 则该市某居民手机支付的消费额在(1900, 2200)内的概率为A.0.9759B.0.84C.0.8185D.0.4772附:随机变量ξ服从正态分布2(,),N μσ则P(μ-σ<ξ<μ+σ)= 0.6826, (22)0.9544P μσξμσ-<<+=, P(μ- 3σ<ξ<μ+3σ)= 0.9974 . 4.设0.22,a b ==sin22,log 0.2,c =则a, b,c 的大小关系正确的是A. a>b> cB. b>a> cC. b>c>aD.c>a>b 5.已知函数39,0()( 2.718...,0x x x f x e xe x ⎧-≥==⎨<⎩为自然对数的底数),若f(x)的零点为α,极值点为β,则α+β=A.-1B.0C.1D.26.已知四棱锥P-ABCD 的所有棱长均相等,点E,F 分别在线段PA, PC 上,且EF//底面ABCD,则异面直线EF 与PB 所成角的大小为A.30°B.45°C.60°D.90°7.在同一直角坐标系下,已知双曲线C:22221(0,0)y x a b a b-=>>双曲线C 的一个焦点到一条渐近线的距离为2,函数sin(2)6y x π=+的图象向右平移3π单位后得到曲线D,点A,B 分别在双曲线C 的下支和曲线D 上,则线段AB 长度的最小值为A.2.B.C D.18.某单位举行诗词大会比赛,给每位参赛者设计了“保留题型” ､“升级题型” ､“创新题型”三类题型,每类题型均指定一道题让参赛者回答｡已知某位参赛者答对每道题的概率均为4,5且各次答对与否相互独立,则该参赛者答完三道题后至少答对两道题的概率112.125A 80.125B 113.125C 124.125D 二､多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分｡在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求｡全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分｡9.已知向量(1,1),(3,1),(1,1),a b a b c +=-=-=r r r r r 设,a b r r 的夹角为θ,则.||||A a b =r r .B a c ⊥r r .//C b c r r D. θ=135°10.已知函数22()sin cos cos ,f x x x x x =+-x ∈R,则A. -2≤f(x)≤2B. f(x) 在区间(0,π)上只有1个零点C. f(x) 的最小正周期为π.3D x π=为f(x)图象的一条对称轴 11.已知数列{}n a 的前n 项和为S 11,1,21,n n n a S S a +==++数列12{}nn n a a +⋅的前n 项和为*,,n T n N ∈则下列选项正确的为A.数列{1}n a +是等差数列B.数列{1}n a +是等比数列C.数列{}n a 的通项公式为21n n a =- .1n D T <。
山东省青岛市2020届高三4月统一质量检测(一模)物理试题 (含答案)
注意事项：物理试题2020.041.答题前，考生先将自己的姓名、考试号、座号填写到相应位置，认真核对条形码上的姓名、考试号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。
2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5毫米黑色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号在各题目的答题区域内作答、超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
答题卡面清洁、不折叠、不破损。
一、单项选撂题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
I .常言道，万物生长靠太阳，追根溯源，地球上消耗的能量绝大部分是来自太阳内部持续不断地发生核反应释放出的核能。
在太阳内部发生的典型核反应方程是4:H→；He+2X，这个核反应释放出的能量为M ，光在真空中的传播速度为c，下列说法正确的是A .该核反应属于裂变反应B.方程中的X 为电子（＿�e)c .该核反应前后质量数守恒，因而反应前后总质量保持不变M D .该核反应过程产生的质量亏损为l:lm =72.如图，在研究功与内能改变的关系时，将一小块易燃物放在厚玻璃筒底部，用力向下压活塞，可以将易燃物点燃。
关于该实验，F列说法正确的是A .筒内气体，在被压缩的同时从外界迅速吸收热量，导致气体温度升高B .只要最终筒内气体压强足够大，筒内易燃物就会被点燃c .若实验中易燃物被点燃，是活塞与筒壁间摩擦生热导致的D .该实验成功的关键是向下压活塞的力要大，速度要快3.在某种介质中，一列沿x轴传播的简谐横波在t =0时刻的波形图如图（a）所示，此时质点A在波峰位置，质点D刚要开始振动，质点C的振动图像如图（b）所示；t =0时刻在D 点有一台机械波信号接收器（图中未画出），正以2rr内的速度沿x轴正向匀速运动。
下列说法正确的是物理试题第l页共8页山东省青岛市2020届高三4月统一质量检测（一模）物理答案一、单项选择题1．D 2．D 3．C 4．B 5．A 6．C 7．C 8．D二、多项选择题9．AC 10．AB 11．AC 12．BD三、非选择题13．（1） 1.11； 2.30； 3.2×10-7（2） ①更换间距更小的双缝 ②增大双缝到屏的距离 ③更换滤光片 14. （1） A 2 ；（2） 电阻箱接入电路中的电阻值；（3）2π4rD l（4） 无 15. （1）可知，0~t 0做匀加速运动， t 0~6s 做匀速直线运动。
山东省青岛市2024-2025学年高三部分学生11月调研监测数学试卷(含答案)
青岛市2024年高三年级部分学生调研检测数学试题2024.11本试卷共4页，19题.全卷满分150分.考试用时120分钟.注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名､考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置.2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需要改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.一､单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.若集合，，则（ ）A.B.C.D.2.已知，都是实数，那么“）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件3.要得到函数的图象，只要将函数的图象（ ）A.向右平移个单位 B.向左平移个单位C.向左平移个单位 D.向右平移个单位4.已知平面向量，满足，且，则在方向上的投影向量为（ ）A. B. C. D.5.函数的大致图象为（ ）A. B.{}2,1,0,1,2A =--(){}ln 12B x x =-<A B ⋂=R ð{}2{}0,1,2{}1,2{}2,1,0--a b a b >>sin 2y x =πcos 23y x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭π6π65π125π12a b 22a b == 1cos ,3a b =- b a 16a - 16a 13a - 13a()1ecos πx x f x -=-C. D.6.“克拉茨猜想”又称“猜想”，是德国数学家洛萨·克拉茨在1950年世界数学家大会上公布的一个猜想：任给一个正整数n ，如果n 是偶数，就将它减半；如果n 是奇数，就将它乘3后加1.不断重复这样的运算，经过有限步后，最终都能够得到1.若n 经过5次运算后首次得到1，则n 的所有不同取值的和为（ ）A.16B.32C.37D.57.若正数满足，则（ ）A.128B.108C.2D.18.定义在上的函数对，，都有，且，则不等式的解集为（ ）A.B. C. D.二､多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得6分，部分选对得部分分，有选错的得0分.9.已知三条直线，，和三个平面，，，则（ ）A.若，，则B.若，，则C.若，，则D.若，，则10.已知函数）A.的定义域（）B.是图象的一条对称轴C.在区间上单调递增31n +,a b ()2362log 3log log a b a b +=+=+11a b+=R ()f x 1x ∀[)20,x ∈+∞()()1222112212f x f x x x x x x x -<++-()()32f x f x x --=()()21313f x x f x x ++>+-1,3⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭1,2⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭1,3⎛⎫-∞- ⎪⎝⎭1,2⎛⎫-∞- ⎪⎝⎭l m n αβγl m ∥l n ∥m n ∥l α⊂αβ⊥l β⊥l α∥l β∥αβ∥l αβ⋂=l γ⊥αγ⊥()f x =()f x π2π,2π2k k ⎡⎤+⎢⎥⎣⎦k ∈Z π4x =()y f x =()f x ππ,42⎛⎫⎪⎝⎭D.的最大值为11.已知实数x ，y 满足，则（ ）A.B.C. D.三､填空题：本题共3个小题，每小题5分，共15分.12.已知等差数列（）中，，成等比数列，，则__________.13.已知曲线在处的切线与曲线相切，则__________.14.已知集合（，），若集合，且M 中的所有元素之和为奇数，称M 为A 的奇子集，则A 的所有“奇子集元素之和”的总和为__________.四､解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.15.（13分）设的内角的对边分别为，且（1）求；（2）若，内切圆半径，求a .16.（15分）已知数列满足：，，.（1）求数列的通项公式；（2）记表示不超过x 的最大整数，，求17.（15分）如图，在四棱锥中，底面为矩形，，平面平面，平面平面，平面与平面夹角为45°.()f x 342()22240x y x y -++-=2x y +≤x y +-≥x y -≥x y -{}n a *n ∈N 1a 2a 6a 513a =9a =e x y =1x =-ln y a x =+a ={}3,4,,2A n =+ 3n ≥*n ∈N M A ⊆ABC V ,,A B C ,,a bc 2cos 2a C b =A 2c =ABCV r ={}n a 112a =()121n n na n a +=+*n ∈N {}n a []x 11nn n k k k k b a a ==⎡⎤=-⎢⎥⎣⎦∑∑nb P ABCD -ABCD 1PD AD ==PAD ⊥ABCD PCD ⊥ABCD PAD PBD（1）点均在同一球面上，求该球的体积；（2）点分别在棱上，当为等边三角形时，求直线与平面所成角的正弦值18.（17分）已知函数（且），当时，.（1）求；（2）若为的极小值，求的取值范围；（3）证明：.19.（17分）如果一个实数是有理数，或是对有理数进行有限次加､乘和开二次方根运算的结果，或是对这些结果继续进行有限次加､乘和开二次方根运算的结果，则称这个实数为可解数.如果一个角的正弦值和余弦值都是可解数，则称这个角为可解角.如：角都是可解角.（1）判断是否为可解数（无需说明理由）；（2）证明：角是可解角；（3）已知每个可解数都是某些整系数多项式函数（）的零点，这些多项式中，的最高次数最小，且系数，，，…，的最大公约数为1的多项式函数称为的最小多项式函数.任一可解数的最小多项式函数中x 的最高次数必为（）.例如：的最小多项式函数不是，而是.证明：角不是可解角，并求整数度数的锐角中最小的可解角.,,,,P A B C D ,,EF G ,,AB BC PB EFG V AD EFG ()2e 2x xf x a kx -=+--0a >1a ≠0k =()0f x ≥a ()0f ()f x k ()28ln 28-<<30,45,120 2+72 a ()2012nn a a x a f x x a x =++++ n ∈N x n 0a 1a 2a n a a a n 2m m ∈N ()()2322g x x x x x =-=-()22f x x =-20青岛市2024年高三年级部分学生调研检测数学参考答案及评分标准一､单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.1-8CBDA ACBB二､多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.9.AD 10.ABD 11.BC三､填空题：本题共3个小题，每小题5分，共15分.12.25或13 13.14.四､解答题：本题共5小题，共77分.15.（13分）解：（1）由正弦定理得因为，所以所以即，且，所以（2）又因为所以，即，所以①由余弦定理得②2e()352n n n -+⨯2sin cos 2sin A C C B +=()πBA C =-+()sin sinB AC =+()2sin cos 2sin cos cos sin A C C A C A C +=+cos A =()0,πA ∈π6A =()()11222ABC S a b c r a b r ∆=++=++11sin 22ABC S bc A b ∆==()11222b a b r =++2b r a b ==++2a =-224a b =+-解得16.（15分）解：（1）由题知：因为，所以数列是以为首项，为公比的等比数列所以，所以（2）因为，两式作差得所以易求得，，因为，所以是递减数列，当时，，所以综上，17.（15分）解：（1）因为底面ABCD 为矩形，所以又因为平面平面ABCD ，且平面平面，平面ABCD ，所以平面PCD ，所以，同理：又因为，所以平面ABCD由题知，由平面ABCD 为矩形知：，所以，所以，ABCD 为正方形，记PB 中点为0，可求得：1a =1112n n a a n n +⎛⎫= ⎪+⎝⎭11012a =≠n a n ⎧⎫⎨⎬⎩⎭121212n n a n =2n n n a =2112222nk n k n a ==+++∑ 23111122222n kn k na +==+++∑ 1231111111111221222222212nn k n n n k n n a +++=-=++++-=--∑ 1222nk nk n a =+=-∑112b =20b =338b =11132324102222n n n n n n n n n ++++++-----==<22n n +⎧⎫⎨⎬⎩⎭2n ≥2012n n +<≤20112n n +-<≤2222222211122222n n n n n n n n n n n b +++++⎡⎤⎡⎤=---=--+-=-⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦1,1221,22n nn b n n ⎧=⎪⎪=⎨+⎪-⎪⎩≥AD CD⊥PCD ⊥PCD ⋂ABCD CD =AD ⊂AD ⊥AD PD ⊥CD PD ⊥AD CD D ⋂=PD ⊥45ADB ∠=︒90DAB ∠=︒45ABD ∠=︒1AD AB ==OP OA OB OC OD =====所以O 为该球的球心，其半径因此，该球的体积（2）若平面EFG 与平面PAC 不平行，依平行性，不妨将点G 放在点P 的位置，不妨设E 不在A 的位置，则，若平面平面，则，所以，所以为等边三角形，又因为平面平面PAC ，两平面的法向量共线，所以直线与平面所成角等于与平面所成角下面提供向量法和几何法两种参考解法：（法1）以为原点，所在直线分别为x 轴，y 轴，z 轴，建立空间直角坐标系，则，，，，设平面的一个法向量为，则，所以，令，得显然，设与平面所成角为，则（法2）连结AC ，BD 交于点O ＇，在直角中，过D 做，因为，，，PD ，平面PBD ，所以平面PBD ，所以，又因为，，所以平面，所以为与平面所成角在直角中，，解得，设与平面所成角为，则18.（17分）R OB ==34π3V R ==GE=>EF =<EFG ∥PAC BE BF BG EF FG EGBA BC BP AC CP AP=====EF FG EG ==EFG V EFG ∥AD EFG AD PAC D ,,DA DC DP D xyz -()0,0,1P ()0,0,0D ()1,0,0A ()0,1,0C PAC(),,n x y z = 00n PA n PC ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩0x z y z -=⎧⎨-=⎩1z =()1,1,1n = ()1,0,0DA =AD PAC θsin DA n DA nθ⋅===⋅ PDO'V DH PO'⊥AC BD ⊥AC PD ⊥PD BD D = BD ⊂AC ⊥AC DH ⊥DH PO'⊥AC PO'O'⋂=DH ⊥PAC DAH ∠AD PAC PDO'V DH PO'PD DO'⋅=⋅DH =AD PAC θsin DH AD θ==解：（1）由知，的最小值为所以解得，即（2）显然为偶函数，只需研究的情况，若，则，令，则，所以在上单调递增所以，在上单调递增，依对称性，在上单调递减，故为极小值若，，令，，令，即，解得（舍），所以因为，当时，，在上单调递减，所以在上均小于0所以在上单调递减，而，故不合题意，综上，k 的取值范围为（3）结合（2）：令，则，解得()ln ex xa 'x a f -=-()00f =()f x ()0f ()00f'=ln 1a =ea =()f x0x ≥()e e 2x x kxf'x -=--1k ≤()2e e 2x x f'x ---≥()e e 2x xx h x -=--()e e 220x x h'x -=+-≥≥()hx ()0,+∞()()()00('x x f h h=≥≥()f x ()0,+∞()f x (),0-∞()0f 1k >()e e 2xxkx f'x-=--()()g x f'x =()2e 2e 1e e 2ex x x xxg x k k '--+=+-=()0g'x =2e 2e 10x x k -+=e x k =+e 0x k =-<(ln x k =+()0220g'k =-<()00f'=(()0,ln x k ∈+()0g'x <()f'x (()0,ln k ()f'x (()0,ln k +()f x (()0,ln k +()00f =1k ≤1k =((220f =-->()2ln 28<-令，即，得，则，解得，所以19.（17分）解：（1）不是可解数（2）设，则又因为，所以，解方程，得是可解数，又角是可解角（3）先证明角不是可解角.因为所以，(ln ln k =(ln 0g'=1k =>(220f =-<()2ln 28>()28ln 28<<2+72α=︒sin 5sin 3600α=︒=()sin 5sin 4sin cos 4cos sin 4ααααααα=+=+()2sin 2cos 212cos sin 2cos 2ααααα=-+()()()()2222sin 212sin 14sin 1sin 12sin ααααα=--+--()42sin 16sin 20sin 50ααα=-+=sin 0α≠4216sin 20sin 50αα-+=4216sin 20sin 50αα-+=sin 72︒=cos 72︒=72 20 cos3cos cos 2sin sin 2x x x x x=-()22cos 2cos 12sin cos x x x x =--()()22cos 2cos 121cos cos x x x x=---34cos 3cos x x=-31cos 604cos 203cos 202==︒︒︒-即是的零点根据已知结论，若是可解数，那么它的最小多项式函数最高次项次数只能是1或2，即有整系数一次或二次因式，（法1）假设，整数a ，b ，c 的最大公约数为1，整数p ，q 互质，不妨令，，（，完全同理）则若，，当时，，则且，无解；若，，当时，，则且，无解；若，，当时，，则且，无解；若，，当时，，则且，无解；同理，若，，也均无解说明不可能是可解数，角不是可解角（法2）有整系数一次或二次因式，说明存在有理零点设它的有理零点为，m ，n 是互质的整数.于是，，所以，得到m 整除，，，，，同理n 整除，.得到，，，，显然这些都不是的零点，说明不可能是可解数，20°角不是可解角cos 20︒()3861x x f x =--cos 20︒()3861x x f x =--()()()2px q ax bx c f x =+++0p >0a >0p <0a <8061ap aq bp bq cp cq =⎧⎪+=⎪⎨+=-⎪⎪=-⎩1c =1q =-8a =1p =8b =-7b =1c =1q =-4a =2p =2b =8b =1c =1q =-2a =4p =12b =10b =1c =1q =-1a =8p =18b =14b =1c =-1q =cos 20︒20 ()3861x x f x =--()3861x x f x =--nm38610n n m m ⎛⎫--= ⎪⎝⎭323860n nm m --=3286n m nm m=+38n 1m =±2m =±4m =±8m =±3m 1n =±1n m =±12±14±18±()3861x x f x =--cos 20︒设，是可解角，则，，，都是可解数，容易看到可解数的加､减､乘以及开二次方根的结果还是可解数，于是，，也是可解数，因此可解角的和､差､半角还是可解角因为角不是可解角，若角是可解角，则多次相加后，角也是可解角，矛盾!同理，角也不是可解角利用，是可解角，因此是整数度数的锐角中的最小可解角αβsin αsin βcos αcos β()sin sin cos cos sin αβαβαβ+=+()sin sin cos cos sin αβαβαβ-=-sin 2α=20 1 20 2 154530︒=︒-︒189072︒=︒-︒31815︒=︒-︒。
2020年山东省青岛市李沧区中考数学一模试卷 (含答案解析)
2020年山东省青岛市李沧区中考数学一模试卷一、选择题（本大题共8小题，共24.0分）1. 1.−15的绝对值是()A. 5B. 15C. −15D. −52.下列手机屏幕手势解锁图案中，是轴对称图形的是()A. B. C. D.3.商务部发布数据显示，2019年春节黄金同期间，全国商品市场保持平稳较快增长．除夕至正月初六，全国零售和餐饮企业实现销售额约10050亿元、把10050亿这个数字用科学记数法表示为()A. 1.0050×104B. 1.0050×109C. 1.0050×1012D. 1.0050×10134.下列运算正确的是()A. 2a+3a=5a2B. (a+2b)2=a2+4b2C. a2⋅a3=a6D. (−ab2)3=−a3b65.如图，四边形ABCD是半圆的内接四边形，AB是直径，DC⏜=CB⏜.若∠C=110°，则∠ABC的度数等于()A. 55°B. 60°C. 65°D. 70°6.如图，A，B的坐标为(2,0)，(0,1)，若将线段AB平移至A1B1，则a+b的值为()A. 2B. 3C. 4D. 57.如图，矩形纸片ABCD中，AB=6cm，BC=8cm.现将其沿AE对折，使得点B落在边AD上的点B1处，折痕与边BC交于点E，则CB1的长为()A. 3√5cmB. 2√10cmC. 8cmD. 10cm8.在同一坐标系内，一次函数y=ax+1与二次函数y=ax2的图象可能是()A. B. C. D.二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）9.计算：√24+√12√3−(−12)−2=______．10.某射击俱乐部将11名成员在某次射击训练中取得的成绩绘制成如图所示的条形统计图．由图可知，11名成员射击成绩的中位数是______环．11.某小区购买了银杏树和玉兰树共150棵用来美化小区环境，购买银杏树用了12000元，购买玉兰树用了9000元．已知玉兰树的单价是银杏树单价的1.5倍，求银杏树和玉兰树的单价．设银杏树的单价为x元，可列方程为______．12.如图，△ABC是等边三角形，AB=2，分别以A，B，C为圆心，以2为半径作弧，则图中阴影部分的面积是______．13.如图，在平行四边形ABCD中，AB=6cm，∠BCD的平分线交AD于点E，则线段DE的长度是______ cm．14.如果将棱长相等的小正方体按如图的方式摆放，从上到下依次为第一层，第二层，第三层，…，那么第10层的小正方体的个数是______ ．三、解答题（本大题共10小题，共78.0分）15.如图，∠AOB=45°，点M，N在边OA上，，点P是边OB上的点．(1)利用直尺和圆规在图1确定点P，使得PM=PN；(2)设OM=x，ON=x+4．①若x=0时，使P，M，N构成等腰三角形的点P有_______个；②若使P，M，N构成等腰三角形的点P恰好有三个，则x的值是______________．16.如图所示，二次函数y=−2x2+4x+m的图象与x轴的一个交点为A(3,0)，另一个交点为B.且与y轴交于点C．(1)求m的值及点B的坐标；(2)求△ABC的面积；(3)该二次函数图象上有一点D(x,y)，使S△ABD=S△ABC，请求出D点的坐标．17.每年夏季全国各地总有未成年人因溺水而丧失生命，令人痛心疾首．今年某校为确保学生安全，开展了“远离溺水⋅珍爱生命”的防溺水安全知识竞赛．现从该校七、八年级中各随机抽取10名学生的竞赛成绩(百分制)进行整理、描述和分析(成绩得分用x表示，共分成四组：A.80≤x< 85，B.85≤x<90，C.90≤x<95，D.95≤x≤100)，下面给出了部分信息：七年级10名学生的竞赛成绩是：99，80，99，86，99，96，90，100，89，82；八年级10名学生的竞赛成绩在C组中的数据是：94，90，94，七、八年级抽取的学生竞赛成绩统计表根据以上信息，解答下列问题：(1)直接写出上述图表中a，b，c的值；(2)根据以上数据，你认为该校七、八年级中哪个年级学生掌握防溺水安全知识较好？请说明理由(一条理由即可)；(3)该校七、八年级共720人参加了此次竞赛活动，估计参加此次竞赛活动成绩优秀(x≥90)的学生人数是多少？18.将图中的A型、B型、C型矩形纸片分别放在3个盒子中，盒子的形状、大小、质地都相同，再将这3个盒子装入一只不透明的袋子中．(1)搅匀后从中摸出1个盒子，求摸出的盒子中是A型矩形纸片的概率；(2)搅匀后先从中摸出1个盒子(不放回)，再从余下的两个盒子中摸出一个盒子，求2次摸出的盒子的纸片能拼成一个新矩形的概率(不重叠无缝隙拼接)．19.在一次数学测验活动中，小明到操场测量旗杆AB的高度．他手拿一支铅笔MN，边观察边移动(铅笔MN始终与地面垂直)．如示意图，当小明移动到D点时，眼睛C与铅笔、旗杆的顶端M、A共线，同时，眼睛C与它们的底端N、B也恰好共线．此时，测得DB=50m，小明的眼睛C到铅笔的距离为0.65m，铅笔MN的长为0.16m，请你帮助小明计算出旗杆AB的高度(结果精确到0.1m)．20.小明与小红开展读书比赛.小明找出了一本以前已读完84页的古典名著打算继续往下读，小红上个周末恰好刚买了同一版本的这本名著，不过还没开始读.于是，两人开始了读书比赛.第5天结束时，小明还领先小红24页，此时两人所读到位置的页码之和为424.已知两人各自每天所读页数相同．(1)小明、小红每人每天各读多少页?(2)已知这本名著有488页，问：从第6天起，小明至少平均每天要比原来多读几页，才能确保第10天结束时还不被小红超过?(答案取整数)21.如图，在△ABC中，∠ACB=90°，CD为AB边上的中线，过点C作CE//AB，过点B作BE//CD，CE、BE相交于点E.求证：四边形BECD为菱形．22.某超市销售一种商品，成本每千克40元，规定每千克售价不低于成本，且不高于80元，经市场调查，每天的销售量y(千克)与每千克售价x(元)满足一次函数关系，部分数据如下表：(1)求y与x之间的函数表达式；(2)设商品每天的总利润为W，求W与x之间的函数表达式(利润=收入−成本)；并求出售价为多少元时获得最大利润，最大利润是多少?23.唐朝诗人李欣的诗《古从军行》开头两句说：“白日登山望峰火，黄昏饮马傍交河．”诗中隐含着一个有趣的数学问题我们称之为“饮马问题”.如图1所示，诗中将军在观望烽火之后从山脚下的A点出发，走到河旁边的C点饮马后再到B点宿营．请问怎样走才能使总的路程最短？某课题组在探究这一问题时抽象出数学模型：直线l同旁有两个定点A、B，在直线l上存在点P，使得PA+PB的值最小．解法：作点A关于直线l的对称点A′，连接A′B，则A′B与直线l的交点即为P，且PA+PB的最小值为线段A′B的长．(1)根据上面的描述，在备用图中画出解决“饮马问题”的图形；(2)利用轴对称作图解决“饮马问题”的依据是______．(3)应用：①如图2，已知∠AOB=30°，其内部有一点P，OP=12，在∠AOB的两边分别有C、D两点(不同于点O)，使△PCD的周长最小，请画出草图，并求出△PCD周长的最小值；②如图3，点A(4,2)，点B(1,6)在第一象限，在x轴、y轴上是否存在点D、点C，使得四边形ABCD的周长最小？若存在，请画出草图，并求其最小周长；若不存在，请说明理由．24.(1)如图1，△ABC中，∠ACB=90°，以△ABC三边为斜边分别作等腰直角三角形①，②，③，它们的面积分别为S1，S2，S3，则S3=______(用S1，S2表示)；(2)如图2，△ABC中，∠ACB=90°，AC=BC=6√2，点D，E在AB上运动，且保持AD<AE，∠DCE=45°，将△ACD绕点C顺时针旋转90°得到△BCF．①求证：ED=EF；②当AD=4时，EF的长度是______；③如图3，过点D，E分别作AC，BC的垂线交于点O，垂足为Q，P.随着AD长度的改变，矩形CPOQ的面积是否定值？若是定值，请求出该值；若不是定值，请说明理由．-------- 答案与解析 --------1.答案：B解析：根据绝对值的性质：一个正数的绝对值是它本身；一个负数的绝对值是它的相反数；0的绝对值是0即可求解．【详解】解：根据负数的绝对值是它的相反数，得|−15|=15．故选：B．本题考查了绝对值的定义和性质，解题的关键是掌握绝对值的求法．2.答案：A解析：解：A、是轴对称图形，故本选项正确；B、不是轴对称图形，故本选项错误；C、不是轴对称图形，故本选项错误；D、不是轴对称图形，故本选项错误．故选：A．根据轴对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．本题考查了轴对称图形的概念，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合．3.答案：C解析：解：将10050亿用科学记数法表示为：1.0050×1012．故选：C．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值>10时，n是正数；当原数的绝对值<1时，n是负数．此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n 为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．4.答案：D解析：此题主要考查了合并同类项以及完全平方公式、积的乘方运算、同底数幂的乘除运算，正确掌握相关运算法则是解题关键．直接利用合并同类项法则以及完全平方公式、积的乘方运算法则、同底数幂的乘除运算法则分别化简得出答案．解：A、2a+3a=5a，故此选项错误；B、(a+2b)2=a2+4ab+4b2，故此选项错误；C、a2⋅a3=a5，故此选项错误；D、(−ab2)3=−a3b6，正确．故选：D．5.答案：A解析：本题考查的是圆内接四边形的性质、圆周角定理，掌握圆内接四边形的对角互补是解题的关键．连接AC，根据圆内接四边形的性质求出∠DAB，根据圆周角定理求出∠ACB、∠CAB，计算即可．解：连接AC，∵四边形ABCD是半圆的内接四边形，∴∠DAB=180°−∠C=70°，∵DC⏜=CB⏜，∴∠CAB=1∠DAB=35°，2∵AB是直径，∴∠ACB=90°，∴∠ABC=90°−∠CAB=55°，故选：A．解析：解：由B点平移前后的纵坐标分别为1、2，可得B点向上平移了1个单位，由A点平移前后的横坐标分别是为2、3，可得A点向右平移了1个单位，由此得线段AB的平移的过程是：向上平移1个单位，再向右平移1个单位，所以点A、B均按此规律平移，由此可得a=0+1=1，b=0+1=1，故a+b=2．故选：A．直接利用平移中点的变化规律求解即可．本题考查了坐标系中点、线段的平移规律，在平面直角坐标系中，图形的平移与图形上某点的平移相同．平移中点的变化规律是：横坐标右移加，左移减；纵坐标上移加，下移减．7.答案：B解析：解：∵∠AB1E=∠B=90°，∠BAB1=90°，∴四边形ABEB1为矩形，又∵AB=AB1，∴四边形ABEB1为正方形，∴BE=AB=6cm，∴EC=BC−BE=2cm，∴CB1=√62+22=2√10cm．故选：B．根据翻折变换的性质可以证明四边形ABEB1为正方形，得到BE=AB，根据EC=BC−BE计算得到EC，再根据勾股定理可求答案．本题考查的是翻折变换、矩形和正方形的判定和性质，掌握翻折变换的性质和矩形和正方形的判定定理和性质定理是解题的关键．8.答案：B解析：解：当a>0时，一次函数y=ax+1过第一、二、三象限，二次函数图象开口向上，排除A，当a<0时，一次函数y=ax+1过第一、二、四象限，二次函数图象开口向下，排除C，D．根据当a>0时，一次函数y=ax+1过第一、二、三象限，二次函数图象开口向上，当a<0时，一次函数y=ax+1过第一、二、四象限，二次函数图象开口向下，可求解．本题考查了一次函数的图象，二次函数的图象，利用函数图象解决问题是本题的关键．9.答案：2√2−2解析：【试题解析】本题考查了二次根式的混合运算：先把各二次根式化简为最简二次根式，然后进行二次根式的乘除运算，再合并即可．根据二次根式的除法法则和负整数指数的意义计算．解：原式=√243+√123−4=2√2+2−4=2√2−2．故答案为2√2−2．10.答案：8解析：本题考查了中位数的求法及条形统计图.将题图中的数据先按照从小到大的顺序排列，11个数据的中位数由第6个数据决定，故中位数是8．解：把数据从小到大排列，最中间的射击成绩为8环，故11名成员射击成绩的中位数为8环．故答案为8．11.答案：12000x +90001.5x=150解析：本题考查由实际问题抽象出分式方程，找到关键描述语，找到合适的等量关系是解决问题的关键．设银杏树的单价为x元，则玉兰树的单价为1.5x元，根据“某小区购买了银杏树和玉兰树共150棵”列出方程即可．解：设银杏树的单价为x元，则玉兰树的单价为1.5x元，根据题意，得12000x +90001.5x=150．故答案为12000x +90001.5x=150．12.答案：2π−3√3解析：解：∵正△ABC的边长为2，∴△ABC的面积为12×2×√3=√3，扇形ABC的面积为60⋅π×22360=23π，则图中阴影部分的面积=3×(23π−√3)=2π−3√3，故答案为：2π−3√3．根据等边三角形的面积公式求出正△ABC的面积，根据扇形的面积公式S=nπR2360求出扇形的面积，求差得到答案．本题考查的是等边三角形的性质和扇形的面积计算，掌握扇形的面积公式S=nπR2360是解题的关键．13.答案：6解析：解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD//BC，DC=AB=6cm，∴∠DEC=∠BCE，又CE平分∠BCD，∴∠BCE=∠DCE，∴∠DCE=∠DEC，∴DE=DC=6cm，故答案为：6．由平行四边形的性质及角平分线可得∠DCE=∠DEC，得出DE=DC，即可求解．本题主要考查平行四边形的性质、等腰三角形的判定；熟练掌握平行四边形的性质，证出DE=DC是解决问题的关键．14.答案：55解析：本题是对图形变化规律的考查，仔细观察图形，得到各层的正方体的个数等于连续自然数的和，然后求出第n层的个数的表达式是解题的关键．根据图形计算出前几层的正方体的个数，从而得到第n层的个数为1+2+3+⋯+n，再根据求和公式求出表达式，然后把n=10代入进行计算即可得解．解：观察不难发现，第一层有1个正方体，第二层有3个，3=1+2；第三层有6个，6=1+2+3，第四层有10个，10=1+2+3+4，第五层有15个，15=1+2+3+4+5，…，第n层有：1+2+3+⋯+n=12n(n+1)，当n=10时，12n(n+1)=12×10×(10+1)=55．故答案是：55．15.答案：解：(1)如图，点P为所求的点；(2)①3②x=0或x=4√2−4或4<x<4√2解析：本题考查了等腰三角形的性质与判定、画线段的垂直平分线和数形结合的知识点，解题的关键是熟练掌握已知一边，作等腰三角形的画法．(1)根据垂直平分线的画法进行作图，即可解答；(2)①分三种情况讨论：先确定特殊位置时成立的x值；②如图1，当M与O重合时，即x=0时，点P恰好有三个；如图2，构建腰长为4的等腰直角△OMC，和半径为4的⊙M，发现M在点D的位置时，满足条件；如图3，根据等腰三角形三种情况的画法：分别以M、N为圆心，以MN为半径画弧，与OB的交点就是满足条件的点P，再以MN为底边的等腰三角形，通过画图发现，无论x取何值，以MN为底边的等腰三角形都存在一个，所以只要满足以MN为腰的三角形有两个即可．解：(1)见答案；(2)①若x=0时，使P，M，N构成等腰三角形的点P有3个，故答案为3；②如图1，当M与O重合时，即x=0时，点P恰好有三个；如图2，以M为圆心，以4为半径画圆，当⊙M与OB相切时，设切点为C，⊙M与OA交于D，∴MC⊥OB，∵∠AOB=45°，∴△MCO是等腰直角三角形，∴MC=OC=4，∴OM=4√2，当M与D重合时，即x=OM−DM=4√2−4时，同理可知：点P恰好有三个；如图3，取OM=4，以M为圆心，以OM为半径画圆，则⊙M与OB除了O外只有一个交点，此时x=4，即以∠PMN为顶角，MN为腰，符合条件的点P 有一个，以N圆心，以MN为半径画圆，与直线OB相离，说明此时以∠PNM为顶角，以MN为腰，符合条件的点P不存在，还有一个是以NM为底边的符合条件的点P；点M沿OA运动，到M1时，发现⊙M1与直线OB有一个交点；∴当4<x<4√2时，圆M在移动过程中，则会与OB除了O外有两个交点，满足点P恰好有三个；综上所述，若使点P，M，N构成等腰三角形的点P恰好有三个，则x的值是：x=0或x=4√2−4或4<x<4√2．故答案为x=0或x=4√2−4或4<x<4√2．16.答案：解：(1)∵函数过A(3,0)，∴−18+12+m=0，∴m=6，∴该函数解析式为：y=−2x2+4x+6，∴当−2x2+4x+6=0时，x1=−1，x2=3，∴点B的坐标为(−1,0)；(2)当x=0时，y=6，则C点坐标为(0,6)，=12；∴S△ABC=4×62(3)∵S△ABD=S△ABC=12，∴S△ABD=4×|ℎ|=12，2∴|ℎ|=6，①当ℎ=6时：−2x2+4x+6=6，解得：x1=0，x2=2∴D点坐标为(0,6)或(2,6)；②当ℎ=−6时：−2x2+4x+6=−6，解得：x1=1+√7，x2=1−√7∴D点坐标为(1+√7,−6)、(1−√7,−6)；∴D点坐标为(2,6)、(1+√7,−6)、(1−√7,−6)．解析：(1)直接将点A的坐标代入到二次函数的解析式即可求出m的值，写出二次函数的解析式，求出y=0时x的值即可点B的坐标；(2)计算当x=0时y的值，根据三角形的面积公式可得；(3)因为S△ABD=S△ABC，则根据同底等高的两个三角形的面积相等，所以只要高与OC的长相等即可，因此要计算y=6和y=−6时对应的点即可．本题考查了利用待定系数法求二次函数的解析式和抛物线与两坐标轴的交点，待定系数法就是将已知的点代入解析式中列方程或方程组求解，对于抛物线与x轴的交点，令y=0代入即可，抛物线与y轴的交点，令x=0代入即可．)×100=40，17.答案：解：(1)a=(1−20%−10%−310∵八年级10名学生的竞赛成绩的中位数是第5和第6个数据的平均数，∴b=94+94=94；2∵在七年级10名学生的竞赛成绩中99出现的次数最多，∴c=99；(2)八年级学生掌握防溺水安全知识较好，理由：虽然七、八年级的平均分均为92分，但八年级的中位数和众数均高于七年级．=468人，(3)参加此次竞赛活动成绩优秀(x≥90)的学生人数=720×1320答：参加此次竞赛活动成绩优秀(x≥90)的学生人数是468人．解析：本题考查扇形统计图，平均数、中位数、众数、方差，用样本估计总体，属于中档题．(1)用整体1减去其它所占的百分比即可求出a；根据中位数、众数的定义即可求出b，c；(2)根据八年级的中位数和众数均高于七年级，于是得到八年级学生掌握防溺水安全知识较好；(3)利用样本估计总体思想求解可得．18.答案：解：(1)搅匀后从中摸出1个盒子有3种等可能结果，；所以摸出的盒子中是A型矩形纸片的概率为13(2)画树状图如下：由树状图知共有6种等可能结果，其中2次摸出的盒子的纸片能拼成一个新矩形的有4种结果， 所以2次摸出的盒子的纸片能拼成一个新矩形的概率为46=23．解析：此题考查了列表法或树状图法求概率．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．(1)直接利用概率公式计算可得；(2)画树状图得出所有等可能结果，从中找打2次摸出的盒子的纸片能拼成一个新矩形的结果数，利用概率公式计算可得．19.答案：解：过点C 作CF ⊥AB ，垂足为F ，交MN 于点E ．则CF =DB =50，CE =0.65，∵MN//AB ，∴△CMN∽△CAB ．∴CE CF =MNAB ，∴AB =MN⋅CFCE =0.16×500.65≈12.3．∴旗杆AB 的高度约为12.3米．解析：本题考查的是相似三角形的应用，根据题意作出辅助线，构造出直角三角形是解答此题的关键．过点C 作CF ⊥AB ，垂足为F ，交MN 于点E ，再根据MN//AB 可得出△CMN∽△CAB ，由相似三角形的对应边成比例即可求出AB 的长．20.答案：(1)解：设小明每天读书x 页，小红每天读书y 页．由题意得{84+5x −5y =24,84+5x +5y =424.解得{x =28,y =40. 答：小明每天读书28页，小红每天读书40页．(2)解：设小明平均每天要比原来多读m 页，由题意得84+28×5+5(28+m)≥40×10.解得m ≥7.2．答：小明至少平均每天要比原来多读8页，才能确保第10天结束时不被小红超过．解析：此题考查了二元一次方程组的应用，一元一次不等式的应用，审清题意找到等量关系及不等关系是关键．(1)设小明每天读书x 页，小红每天读书y 页，由题意得{84+5x −5y =2484+5x +5y =424，解出方程组即可得到答案；(2)设小明平均每天要比原来多读m 页，由题意得84+28×5+5(28+m)≥40×10，解出不等式即可得到答案．21.答案：证明：∵BE//CD ，CE//AB ，∴四边形BDCE 是平行四边形．∵∠ACB =90°，CD 是AB 边上的中线，∴CD =BD ，∴平行四边形BDCE 是菱形．解析：本题考查了直角三角形上的中线，平行四边形的判定，菱形的判定的应用，能正确运用定理进行推理是解此题的关键．根据平行四边形的判定得出四边形是平行四边形，根据直角三角形上的中线得出CD =BD ，根据菱形的判定得出即可．22.答案：解：(1)设y =kx +b ，将(50,100)、(60,80)代入，得：{50k +b =10060k +b =80， 解得：{k =−2b =200， ∴y =−2x +200 (40≤x ≤80)；(2)W =(x −40)(−2x +200)=−2x 2+280x −8000=−2(x −70)2+1800，∴当x =70时，W 取得最大值为1800，答：W与x之间的函数表达式为W=−2x2+280x−8000，售价为70元时获得最大利润，最大利润是1800元．解析：【试题解析】(1)待定系数法求解可得；(2)根据“总利润=每千克利润×销售量”可得函数解析式，将其配方成顶点式即可得最值情况．本题主要考查二次函数的应用，解题的关键是熟练掌握待定系数法求函数解析式及二次函数的性质．23.答案：(1)如图所示：(2)利用轴对称作图解决“饮马问题”的依据是两点之间线段最短，故答案为：两点之间线段最短；(3)①分别作P关于OA、OB的对称点M、N，连接MN，交OA、OB于C、D，则△PCD的周长最小，连接OM、ON，由轴对称的性质可知，OM=OP=12，ON=OP=12，CP=CM，DP=DN，∠MON=2∠AOB=60°，∴△MON为等边三角形，∴MN=12，∴△PCD的周长=PC+CD+DC=CM+CD+DN=MN=12；②点A关于x轴的对称点F的坐标为(4,−2)，点B关于y轴的对称点E的坐标为(−1,6)，连接EF交x轴、y轴于点D、点C，则四边形ABCD的周长最小，根据轴对称的性质可知，BC=BE，DA=DF，∴BC+CD=AD=EC+CD+DF=EF=√52+82=√89，AB=√32+42=5，∴四边形ABCD的周长的最小值为√89+5．解析：解：(1)如图所示：(2)利用轴对称作图解决“饮马问题”的依据是两点之间线段最短，故答案为：两点之间线段最短；(3)①分别作P关于OA、OB的对称点M、N，连接MN，交OA、OB于C、D，则△PCD的周长最小，连接OM、ON，由轴对称的性质可知，OM=OP=12，ON=OP=12，CP=CM，DP=DN，∠MON=2∠AOB=60°，∴△MON为等边三角形，∴MN=12，∴△PCD的周长=PC+CD+DC=CM+CD+DN=MN=12；②点A关于x轴的对称点F的坐标为(4,−2)，点B关于y轴的对称点E 的坐标为(−1,6)，连接EF交x轴、y轴于点D、点C，则四边形ABCD的周长最小，根据轴对称的性质可知，BC=BE，DA=DF，∴BC+CD=AD=EC+CD+DF=EF=√52+82=√89，AB=√32+42=5，∴四边形ABCD的周长的最小值为√89+5．(1)根据轴对称的性质作出图形；(2)根据两点之间线段最短解答；(3)①分别作P关于OA、OB的对称点M、N，根据轴对称的性质得到△PCD，根据等边三角形的判定定理和性质定理解答；②求出点A关于x轴的对称点F的坐标、点B关于y轴的对称点E的坐标，连接EF交x轴、y轴于点D、点C，根据勾股定理、轴对称的性质计算即可．本题考查的是轴对称的性质−最短路径问题，掌握轴对称的性质、等边三角形的判定和性质是解题的关键．24.答案：(1)S1+S2；(2)①证明：∵∠ACB=90°，∠DCE=45°，∴∠ACD+∠BCE=45°，由旋转可得∠ACD=∠BCF，CD=CF，∴∠BCF+∠BCE=45°，即∠ECF=45°=∠ECD，又∵CE=CE，∴△CDE≌△CFE，∴ED=EF；②5；③矩形CPOQ的面积是否定值．由①，②得AD2+BE2=DE2，即S△ADQ+S△BEP=S△DEO，则矩形CPOQ的面积与△ABC的面积保持相等，×(6√2)2=36，由题可得，△ABC的面积=12因此矩形CPOQ的面积是定值36．解析：解：(1)由△ABC中，∠ACB=90°，可得AC2+BC2=AB2，∴14AC2+14BC2=14AB2∵等腰直角三角形①，②，③的面积分别为14AC2，14BC2，14AB2，∴S1+S2=S3；故答案为：S1+S2；(2)①见答案；②由勾股定理可得，AB=12，由旋转可得AD=BF=4，∠A=∠CBF=45°，∠EBF=45°+45°=90°，设DE=EF=x，则BE=8−x，∴BE2+BF2=EF2，即(8−x)2+42=x2，解得x=5，∴EF=5，故答案为：5；③见答案．(1)由勾股定理即可得到AC2+BC2=AB2，再根据等腰直角三角形①，②，③的面积分别为14AC2，1 4BC2，14AB2，即可得到S1+S2=S3；(2)①依据SAS判定△CDE≌△CFE，即可得到ED=EF；②由旋转可得AD=BF=4，∠A=∠CBF= 45°，∠EBF=45°+45°=90°，设DE=EF=x，则BE=8−x，依据勾股定理可得BE2+BF2=EF2，即(8−x)2+42=x2，求得x的值即可；③由①，②得AD2+BE2=DE2，即S△ADQ+S△BEP=S△DEO，则矩形CPOQ的面积与△ABC的面积保持相等，据此可得矩形CPOQ的面积是定值36．本题属于四边形综合题，主要考查了勾股定理，等腰三角形的性质，旋转的性质，全等三角形的判定与性质和勾股定理等知识的综合运用，依据勾股定理列方程求解是解题的关键．解题时注意：全等三角形的对应边相等．。
山东省济南四校2024年高三4月综合练习(一模)数学试题试卷
山东省济南四校2024年高三4月综合练习（一模）数学试题试卷考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．陀螺是中国民间最早的娱乐工具，也称陀罗. 如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某个陀螺的三视图，则该陀螺的表面积为（ ）A ．(722+πB ．(1022+πC ．(1042+πD ．(1142+π2．若函数()sin()f x A x ωϕ=+（其中0A >，||)2πϕ<图象的一个对称中心为(3π，0)，其相邻一条对称轴方程为712x π=，该对称轴处所对应的函数值为1-，为了得到()cos2g x x =的图象，则只要将()f x 的图象( ) A ．向右平移6π个单位长度 B ．向左平移12π个单位长度 C ．向左平移6π个单位长度 D ．向右平移12π个单位长度3．设一个正三棱柱ABC DEF -，每条棱长都相等，一只蚂蚁从上底面ABC 的某顶点出发，每次只沿着棱爬行并爬到另一个顶点，算一次爬行，若它选择三个方向爬行的概率相等，若蚂蚁爬行10次，仍然在上底面的概率为10P ，则10P 为（ ）A ．10111432⎛⎫⋅+ ⎪⎝⎭B ．111132⎛⎫+ ⎪⎝⎭C ．111132⎛⎫- ⎪⎝⎭D ．10111232⎛⎫⋅+ ⎪⎝⎭4．已知函数()ln f x x =，()()23g x m x n =++，若对任意的()0,x ∈+∞总有()()f x g x ≤恒成立，记()23m n +的最小值为(),f m n ，则(),f m n 最大值为（ ）A ．1B ．1eC ．21e D ．1e5．在平面直角坐标系xOy 中，锐角θ顶点在坐标原点，始边为x 轴正半轴，终边与单位圆交于点5,5P m ⎛⎫⎪ ⎪⎝⎭，则sin 24πθ⎛⎫+= ⎪⎝⎭（ ）A ．210B ．1010C ．7210D ．310106．已知双曲线2222:1(0)x y E a b a b-=>>的左、右焦点分别为1F ，2F ，P 是双曲线E 上的一点，且212||PF PF =.若直线2PF 与双曲线E 的渐近线交于点M ，且M 为2PF 的中点，则双曲线E 的渐近线方程为( )A ．13y x =±B ．12y x =±C ．2y x =±D ．3y x =±7．函数()()sin f x A x =+ωϕ（其中0A >，0>ω，2πϕ<）的图象如图，则此函数表达式为（ ）A ．()3sin 24f x x π⎛⎫=+⎪⎝⎭B ．()13sin 24f x x π⎛⎫=+⎪⎝⎭C ．()3sin 24f x x π⎛⎫=-⎪⎝⎭D ．()13sin 24πf x x ⎛⎫=- ⎪⎝⎭8．设x ∈R ，则“|1|2x -< “是“2x x <”的（ ） A ．充分而不必要条件 B ．必要而不充分条件 C ．充要条件D ．既不充分也不必条件9．设ln 2m =，lg 2n =，则（ ） A ．m n mn m n ->>+ B ．m n m n mn ->+> C ．m n mn m n +>>-D ．m n m n mn +>-> 10．某几何体的三视图如图所示，其中正视图是边长为4的正三角形，俯视图是由边长为4的正三角形和一个半圆构成，则该几何体的体积为（ ）A ．4383π+B ．2383π+C ．4343π+D ．8343π+11．如图，用一边长为2的正方形硬纸，按各边中点垂直折起四个小三角形，做成一个蛋巢，将体积为43π的鸡蛋（视为球体）放入其中，蛋巢形状保持不变，则鸡蛋中心（球心）与蛋巢底面的距离为（ ）A ．22B ．32C ．212+ D ．312+ 12．已知正方体1111ABCD A B C D -的棱长为2，点P 在线段1CB 上，且12B P PC =，平面α经过点1,,A P C ，则正方体1111ABCD A B C D -被平面α截得的截面面积为（ ）A ．36B ．26C ．5D 53二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2023年山东省青岛市市南区人教版中考数学一模试卷(含解析)
2023年山东省青岛市市南区中考数学一模试卷一、单选题（本题满分24分，共有8道小题，每小题3分）1．（3分）下列图案中，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）A．B．C．D．2．（3分）新能源汽车日益受到大众喜爱，统计部门发布的数据显示2022年前三季度某地区新注册登记新能源汽车1214000辆，其中1214000用科学记数法可表示为（ ）A．121.4×104B．12.14×105C．1.214×106D．1.214×107 3．（3分）如图，图2是神舟十五号火箭（图1）模型的半成品，则该模型半成品的俯视图是（ ）A．B．C．D．4．（3分）下列运算正确的是（ ）A．a2+a3＝a5B．﹣6a2÷3a＝﹣2aC．（﹣3pq）2＝﹣6p2q2D．（b﹣a）2＝b2﹣a25．（3分）用数轴探究不等式组的解集，下面探究过程表示正确的是（ ）A．B．C．D．6．（3分）两名同学在一次用频率估计概率的试验中统计了某一结果出现的频率，绘制出的统计图如图所示，则符合这一结果的试验可能是（ ）A．掷一枚正六面体的骰子，出现点数是偶数的概率B．抛一枚硬币，正面朝下的概率C．从装有2个红球和1个蓝球（3个球除颜色外均相同）的不透明口袋中，任取一个球恰好是蓝球的概率D．用一副去掉大、小王的扑克牌做摸牌游戏，随机抽取一张牌，花色为“红桃”的概率7．（3分）在综合实践课上，小颖用四根长度相同的木条首尾相接制作了一个学具，如图1所示，测得∠ABC＝60°，将学具变形成图2的形状，测得∠ABC＝90°，若图1中的对角线BD＝20cm，则变形后图2中对角线BD的长为（ ）A．B．C．D．8．（3分）二次函数y＝ax2+bx+c的图象如图所示，则一次函数y＝bx+a和反比例函数在同一平面直角坐标系中的图象可能是（ ）A．B．C．D．二、填空题（本题满分18分，共有6道小题，每小题3分）9．（3分）﹣2023的相反数是 ．10．（3分）计算：＝ ．11．（3分）在俄罗斯方块游戏中，屏幕上方图形向下运动，若某行被小方格填满，则该行中的所有小方格会自动消失．如图，假如屏幕上方图形“L”可直接经过一次旋转转到图中左下方的阴影位置，则旋转中心为图中的点 ．12．（3分）2022卡塔尔世界杯小组赛的部分积分榜如表格所示，A，B，C三个小组中积分方差最小的是 组．A 组积分B 组积分C 组积分荷兰7英格兰7阿根廷6塞内加尔6美国5波兰4厄瓜多尔4伊朗3墨西哥4卡塔尔0威尔士1沙特阿拉伯313．（3分）图1为某型号汤碗，截面如图2所示，碗体部分为半圆，直径AB 为4英寸，碗底CD 与AB 平行，倒汤时碗底CD 与桌面MN 夹角为30°，则汤的横截面积（图3阴影部分）为 平方英寸．14．（3分）如图，已知△ABC ，AB ＝AC ，BC ＝6，∠BAC ＝120°，点D 在BC 上（不与B 、C 重合），连接AD ，分别将△ABD 和△ACD沿直线AB 、AC 翻折得到△ABF 和△ACE ，连接EF ，给出下列结论：①EF ＝AF ；②当AD ⊥AF 时，CD 的长为2；③当D 、A 、F 三点共线时，四边形ADCE 是菱形；④△AEF 面积的最小值为．则正确结论有 ．（填序号）三、作图题（本题满分4分）用直尺、圆规作图，不写作法，但要保留作图痕迹15．（4分）某展览馆（点P ）在过中山公园（点B ）与荣成路（AC ）平行的直线上，且到荣成路（AC）与香港西路（AD）的距离相等，请你在图中作出点P的位置．四、解答题（本大题满分74分，共有10道题）16．（8分）计算：（1）化分：；（2）已知关于x的一元二次方程3x2+2x﹣m＝0有两个相等的实数根，求m的值．17．（6分）小明和小华利用抽取扑克牌游戏决定谁去参加“创建文明城市，争做文明学生”志愿者活动，游戏规则是：将三张形状大小完全相同的牌，正面分别标有数字2，3，5，将这些牌背面朝上，洗匀后放在桌子上，小明从中随机抽取一张牌，记录数字后放回洗匀，小华再随机抽取一张，若两人抽取的数字和为偶数，则小明获胜，否则小华获胜，这个游戏对双方公平吗？请利用树状图或列表法进行说明．18．（6分）如图，△ABC是⊙O的内接三角形，AC是⊙O的直径，D为的中点，∠ABE ＝∠C，E在CA的延长线上．（1）EB是⊙O的切线吗？为什么？（2）若，则∠DBC的度数为 °．19．（6分）2020年3月，中共中央、国务院颁布了《关于全面加强新时代大中小学劳动教育的意见》．某中学为了更好的开展“学工”实践活动，对本校部分八年级学生进行了选修课程的随机问卷调查（必须选修一门且只能选修一门），并根据调查数据绘制了如下统计图：请结合上述信息，解答下列问题：（1）共有 名学生参与了本次问卷调查；“电烙画”在扇形统计图中所对应的圆心角是 度；（2）补全条形统计图；（3）该校八年级共有640名学生，“学工”基地的陶艺教室每间能容纳30人，请你估计“学工”基地需要为该校八年级学生准备几间陶艺教室？20．（6分）眼睛是人类感官中最重要的器官之一，每年的6月6日定为全国爱眼日，小林想要探究自己按照标准护眼姿势读书时书籍应离身体多远，画出如图的侧面示意图，点A 为眼睛的位置，A到书籍EC的距离AD为40cm，AD与水平方向夹角∠FAD为18°，小林在书桌上方的身长AB为52cm，且AB垂直于水平方向，请你求出小林与书籍底端的水平距离BC．（参考数据：sin18°≈，cos18°≈，tan18°≈）21．（6分）某校开展数学节活动，预算用1800元到某书店购买数学经典书籍《几何原本》和《九章算术》奖励获奖同学．《九章算术》的单价是《几何原本》单价的1.5倍，用900元购买《几何原本》比用900元购买《九章算术》可多买10本．（1）求《几何原本》和《九章算术》的单价分别为多少元；（2）学校实际购买时，恰逢该书店进行促销活动，所有图书均按原价六折出售．若学校在不超过预算的前提下，购买了《几何原本》和《九章算术》两种图书共80本，则学校至少购买了多少本《几何原本》？22．（6分）在数学兴趣社团课上，同学们对平行四边形进行了深入探究．探究一：如图1，在矩形ABCD中，AC2＝AB2+BC2，BD2＝AC2＝CD2+AD2，则AC2+BD2＝AB2+BC2+CD2+AD2，由此得出结论：矩形两条对角线的平方和等于其四边的平方和．探究二：对于一般的平行四边形，是否仍有上面的结论呢？证明：如图2，在▱ABCD中，过A作AM⊥BC于M，过D作DN⊥BC，交BC延长线于N．设AB＝a，BC＝b，BM＝x，AM＝y，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD，∴∠ABC＝∠DCN，又∵∠AMB＝∠DNC＝90°，∴△ABM≌△DCN．∴CN＝BM＝x，DN＝AM＝y．请你接着完成上面的证明过程．结论应用：若一平行四边形的周长为20，两条对角线长分别为8，2，求该平行四边形的四条边长．23．（8分）如图，在△ABC中，O是AB的中点，过A作BC的平行线，交CO延长线于D，点E，F分别是BC，AD的中点，连接AE和BF．（1）求证：△OBC≌△OAD；（2）请从以下两个问题中选择其中一个进行解答，（若多选，按第一个解答计分）①当△ABC满足什么条件时，四边形AEBF是菱形？请加以证明；②当△ABC满足什么条件时，四边形AEBF是矩形？请加以证明．24．（10分）榴莲靠着独特风味和口感深受广大消费者喜爱，多数品质较好的榴莲都需要进口，所以价格居高不下，今年情况有所不同，国产高品质榴莲在三亚成功挂果上市，某水果店购进一批三亚榴莲，进价为10元/kg，设售价为x元/kg，图中线段是总进价y1（元）与x关系的图象，抛物线是总销售额y2（元）与x关系的图象，y2经过原点．假定购买和销售数量相同，当售价为15元时，销售量为200kg．（总利润＝总销售额﹣总进价）（1）直接写出t、p、q的值；（2）分别求出y1，y2与x的关系式；（3）当售价定为多少，该水果店出售这批榴莲所获利润最大？最大利润是多少？25．（12分）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，AB＝10cm，AC＝6cm．点E从A出发，沿AB方向向B匀速运动，速度是1cm/s；同时，点F从B出发，沿BC方向向C匀速运动，速度是2cm/s．将△AEF沿AF折叠，E的对称点为G．设运动时间为t（s）（0＜t＜4），请回答下列问题：（1）t为何值时，BE＝BF；（2）设四边形ABFG的面积为S（cm2），求S关于t的函数关系式；（3）是否存在某一时刻t，使得点G落在线段AC上？若存在，求出t的值；若不存在，请说明理由；（4）是否存在某一时刻t，使得四边形AEFG为菱形？若存在，求出t的值；若不存在，请说明理由．2023年山东省青岛市市南区中考数学一模试卷参考答案与试题解析一、单选题（本题满分24分，共有8道小题，每小题3分）1．（3分）下列图案中，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）A．B．C．D．【分析】根据中心对称图形与轴对称图形的概念进行判断即可．【解答】解：A．原图不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项不合题意；B．原图是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；C．原图既是中心对称图形，又是轴对称图形，故本选项符合题意；D．原图既不是中心对称图形，也不是轴对称图形，故本选项不合题意．故选：C．【点评】本题考查的是中心对称图形与轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与自身重合．2．（3分）新能源汽车日益受到大众喜爱，统计部门发布的数据显示2022年前三季度某地区新注册登记新能源汽车1214000辆，其中1214000用科学记数法可表示为（ ）A．121.4×104B．12.14×105C．1.214×106D．1.214×107【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥10时，n是正整数；当原数的绝对值＜1时，n是负整数．【解答】解：1214000＝1.214×106，故选：C．【点评】此题主要考查了用科学记数法表示较大的数，一般形式为a×10n，其中1≤|a|＜10，确定a与n的值是解题的关键．3．（3分）如图，图2是神舟十五号火箭（图1）模型的半成品，则该模型半成品的俯视图是（ ）A．B．C．D．【分析】找到从上面看所得到的图形即可，注意看见的棱用实线表示．【解答】解：从上面看，是一个同心圆，里面的圆画成虚线．故选：D．【点评】本题考查了三视图的知识，俯视图是从物体的上面看得到的视图．4．（3分）下列运算正确的是（ ）A．a2+a3＝a5B．﹣6a2÷3a＝﹣2aC．（﹣3pq）2＝﹣6p2q2D．（b﹣a）2＝b2﹣a2【分析】由同类项概念，单项式除法法则，积的乘方与幂的乘方公式，完全平方公式逐项判断即可．【解答】解：a2与a3不是同类项，不能合并，故A错误，不符合题意；﹣6a2÷3a＝﹣2a，故B正确，符合题意；（﹣3pq）2＝9p2q2，故C错误，不符合题意；（b﹣a）2＝b2﹣2ab+a2，故D错误，不符合题意；故选：B．【点评】本题考查整式的混合运算，解题的关键是掌握整式相关运算的法则．5．（3分）用数轴探究不等式组的解集，下面探究过程表示正确的是（ ）A．B．C．D．【分析】先求出不等式组中每一个不等式的解集，再求出它们的公共部分，然后把不等式的解集表示在数轴上即可．【解答】解：由x﹣3＜3x+1，解得x＞﹣2；由，解得x≤3；不等式组的解集是﹣2＜x≤3，故选：A．【点评】本题考查了在数轴上表示不等式的解集，不等式的解集在数轴上表示出来的方法：“＞”空心圆点向右画折线，“≥”实心圆点向右画折线，“＜”空心圆点向左画折线，“≤”实心圆点向左画折线．6．（3分）两名同学在一次用频率估计概率的试验中统计了某一结果出现的频率，绘制出的统计图如图所示，则符合这一结果的试验可能是（ ）A．掷一枚正六面体的骰子，出现点数是偶数的概率B．抛一枚硬币，正面朝下的概率C．从装有2个红球和1个蓝球（3个球除颜色外均相同）的不透明口袋中，任取一个球恰好是蓝球的概率D．用一副去掉大、小王的扑克牌做摸牌游戏，随机抽取一张牌，花色为“红桃”的概率【分析】由折线统计图可知，试验结果在0.3附近波动，最后稳定在0.33附近，再分别计算四个选项的概率，约为0.33者即为正确答案．【解答】解：A、掷一枚正六面体的骰子，出现点数是偶数的概率是，故此选项不符合题意；B、抛一枚硬币，出现正面朝下的概率为，故此选项不符合题意；C、从装有2个红球和1个蓝球（3个球除颜色外均相同）的不透明口袋中，任取一个球恰好是蓝球的概率是，故此选项符合题意．D、用一副去掉大、小王的扑克牌做摸牌游戏，随机抽取一张牌，花色为“红桃”的概率＝，故此选项不符合题意；故选：C．【点评】本题考查了利用频率估计概率，属于基础题型，明确大量反复试验下频率稳定值即概率是解答本题的关键．7．（3分）在综合实践课上，小颖用四根长度相同的木条首尾相接制作了一个学具，如图1所示，测得∠ABC＝60°，将学具变形成图2的形状，测得∠ABC＝90°，若图1中的对角线BD＝20cm，则变形后图2中对角线BD的长为（ ）A．B．C．D．【分析】如图1，连接AC交BD于O，根据菱形的性质得到AC⊥BD，OB＝OD，BD平分∠ABC，则∠ABO＝30°，然后利用含30度的直角三角形三边的关系求出AB，如图2，利用正方形的性质得到BD的长．【解答】解：如图1，连接AC交BD于O，∵四边形ABCD为菱形，∴AC⊥BD，OB＝OD＝10cm，BD平分∠ABC，∵∠ABC＝60°，∴∠ABO＝30°，∴AB＝＝（cm），如图2，∵四边形ABCD为正方形，∴BD＝＝＝（cm）．故选：A．【点评】此题考查的是正方形的性质、菱形的性质，正确作出辅助线是解决此题的关键．8．（3分）二次函数y＝ax2+bx+c的图象如图所示，则一次函数y＝bx+a和反比例函数在同一平面直角坐标系中的图象可能是（ ）A．B．C．D．【分析】直接利用二次函数图象经过的象限得出a，b，c的取值范围，进而利用一次函数与反比例函数的性质得出答案．【解答】解：∵二次函数y＝ax2+bx+c的图象开口向下，∴a＜0，∵该抛物线对称轴位于y轴的右侧，∴a、b异号，即b＞0．∵抛物线与y轴的正半轴相交，∴c＞0，∴一次函数y＝bx+a的图象经过第一、三、四象限，反比例函数y＝的图象分布在第一、三象限，故选：B．【点评】此题主要考查了反比例函数、一次函数、二次函数的图象，正确把握相关性质是解题关键．二、填空题（本题满分18分，共有6道小题，每小题3分）9．（3分）﹣2023的相反数是 2023 ．【分析】由相反数的概念即可解答．【解答】解：﹣2023的相反数是﹣（﹣2023）＝2023．故答案为：2023．【点评】本题考查相反数的概念，关键是掌握：只有符号不同的两个数叫做互为相反数，求一个数的相反数的方法就是在这个数的前边添加“﹣”．10．（3分）计算：＝ ．【分析】先化简，再进行减法运算即可．【解答】解：＝2＝．故答案为：．【点评】本题主要考查二次根式的加减法，解答的关键是对相应的运算法则的掌握．11．（3分）在俄罗斯方块游戏中，屏幕上方图形向下运动，若某行被小方格填满，则该行中的所有小方格会自动消失．如图，假如屏幕上方图形“L”可直接经过一次旋转转到图中左下方的阴影位置，则旋转中心为图中的点 A ．【分析】根据旋转中心在对应点连线的垂直平分线上即可得出答案．【解答】解：如图，连接两对对应点，分别作垂直平分线，交于点为A，则点A即为旋转中心．故答案为：A ．【点评】本题主要考查了利用旋转变换以及平移变换进行作图，解题时注意：平移作图时要先找到图形的关键点，分别把这几个关键点按照平移的方向和距离确定对应点后，再顺次连接对应点即可得到平移后的图形．解决问题的关键是掌握：旋转中心在对应点连线的垂直平分线上．12．（3分）2022卡塔尔世界杯小组赛的部分积分榜如表格所示，A ，B ，C 三个小组中积分方差最小的是 C 组．A 组积分B 组积分C 组积分荷兰7英格兰7阿根廷6塞内加尔6美国5波兰4厄瓜多尔4伊朗3墨西哥4卡塔尔威尔士1沙特阿拉伯3【分析】根据方差的意义即可判断．【解答】解：根据A ，B ，C 三个小组中积分，可知C 组四个数据分布比较集中，各数据偏离平均数较小，所以方差最小．故答案为：C ．【点评】本题考查了方差的意义．方差是用来衡量一组数据波动大小的量，方差越大，表明这组数据偏离平均数越大，即波动越大，数据越不稳定；反之，方差越小，表明这组数据分布比较集中，各数据偏离平均数越小，即波动越小，数据越稳定．13．（3分）图1为某型号汤碗，截面如图2所示，碗体部分为半圆，直径AB 为4英寸，碗底CD 与AB 平行，倒汤时碗底CD 与桌面MN 夹角为30°，则汤的横截面积（图3阴影部分）为 （﹣） 平方英寸．【分析】延长AB与MN交于点H，设AB的中点为O，连接OE，过O点作OG⊥BE交于点G，根据平行线的性质可求∠OBE＝30°，则∠BOE＝120°，阴影部分的面积＝扇形OBE的面积﹣△OBE的面积．【解答】解：延长AB与MN交于点H，设AB的中点为O，连接OE，过O点作OG⊥BE 交于点G，∵CD与MN成角为30°，CD∥AB，∴∠AHC＝30°，∵BE∥MN，∴∠ABE＝30°，∵OE＝OB，∴∠BOE＝120°，∵AB＝4英寸，∴OB＝OE＝2英寸，在Rt△OBG中，OG＝OB＝1，BG＝，∵OG⊥BE，∴BE＝2BG＝2，∴S△BEO＝2×1＝（平方英寸），∵S扇形OEB＝＝（平方英寸），∴S阴影＝（﹣）平方英寸，故答案为：（﹣）．【点评】本题考查解直角三角形，扇形的面积，熟练掌握平行线的性质，扇形面积的求法，等腰三角形的性质，直角三角形的性质是解题的关键．14．（3分）如图，已知△ABC，AB＝AC，BC＝6，∠BAC＝120°，点D在BC上（不与B、C重合），连接AD，分别将△ABD和△ACD沿直线AB、AC翻折得到△ABF和△ACE，连接EF，给出下列结论：①EF＝AF；②当AD⊥AF时，CD的长为2；③当D、A、F三点共线时，四边形ADCE是菱形；④△AEF面积的最小值为．则正确结论有 ①②③④ ．（填序号）【分析】先根据折叠的性质证明△AEF是顶角是120°的等腰三角形，作辅助线，可得EF ＝AF；如图1可知：AD最小时，△AEF的面积最小，由图2知：当AD⊥BC时，AD 最小，此时最小值是1，代入计算可作判断；当D、A、F三点共线时，正确画图3，证明AD＝CD可作判断；证明∠CAD＝∠CDA可得CD＝AC＝2．【解答】解：由折叠得：AD＝AF＝AE，∠DAB＝∠BAF，∠DAC＝∠EAC，∵∠BAC＝120°，∴∠DAF+∠DAC+∠EAC＝240°，∴∠EAF＝360°﹣240°＝120°，如图1，过点A作AM⊥EF于M，∵AE＝AF，∴∠F＝30°，∠AMF＝90°，∴AF＝2AM，EF＝2FM＝2AM，∴EF＝AF；故①正确；∴△AEF的面积＝•EF•AM＝×AF•AF＝AF2＝AD2，∵当AD最小时，△AEF面积最小，∴当AD⊥BC时，△AEF面积最小，如图2，∵∠BAC＝120°，AB＝AC，BC＝6，同理得：CD＝3，AD＝，∴△AEF面积的最小值为；故④正确；当D、A、F三点共线时，如图3，则∠BAD+∠BAF＝180°，由折叠得：∠BAD＝∠BAF，CD＝CE，AE＝AD，∴∠BAD＝90°，∵∠ABD＝30°，∴∠ADB＝60°，∵∠ACB＝30°，∴∠DAC＝60°﹣30°＝30°，∴∠DAC＝∠ACD，∴AD＝CD，∴AD＝CD＝CE＝AE，∴四边形ADCE是菱形；故③正确；如图4，此时AF⊥AD，∴△AFD是等腰直角三角形，且∠BAD＝45°，∵∠BAC＝120°，∠ACB＝30°，∴∠CAD＝120°﹣45°＝75°＝∠CDA，∴CD＝AC＝2；故②正确；本题正确的结论有①②③④．故答案为：①②③④．【点评】本题是三角形的综合题，考查了等腰三角形性质，菱形的判定，翻折的性质，含30°角的直角三角形的性质，垂线段最短，三角形的面积等知识，解决问题的关键是熟悉等腰直角三角形的性质和判定及120°的等腰三角形边的关系．三、作图题（本题满分4分）用直尺、圆规作图，不写作法，但要保留作图痕迹15．（4分）某展览馆（点P）在过中山公园（点B）与荣成路（AC）平行的直线上，且到荣成路（AC）与香港西路（AD）的距离相等，请你在图中作出点P的位置．【分析】以点B为顶点，作∠DBE＝∠CAD，再作∠CAD的平分线，与BE交于点P．【解答】解：如图，以点B为顶点，作∠DBE＝∠CAD，再作∠CAD的平分线，与BE交于点P．则点P即为所求.【点评】本题考查作图﹣应用与设计作图，熟练掌握平行线的判定与性质、角平分线的性质是解答本题的关键．四、解答题（本大题满分74分，共有10道题）16．（8分）计算：（1）化分：；（2）已知关于x的一元二次方程3x2+2x﹣m＝0有两个相等的实数根，求m的值．【分析】（1）先把括号内通分和除法运算化为乘法运算，然后约分即可；（2）根据根的判别式的意义得到Δ＝22﹣4×3×（﹣m）＝0，然后解方程即可．【解答】解：（1）原式＝•＝﹣•＝﹣2（x+3）＝﹣2x﹣6；（2）根据题意得Δ＝22﹣4×3×（﹣m）＝0，解得m＝﹣，即m的值为﹣．【点评】本题考查了根的判别式：一元二次方程ax2+bx+c＝0（a≠0）的根与Δ＝b2﹣4ac 有如下关系：当Δ＞0时，方程有两个不相等的实数根；当Δ＝0时，方程有两个相等的实数根；当Δ＜0时，方程无实数根．也考查了分式的混合运算．17．（6分）小明和小华利用抽取扑克牌游戏决定谁去参加“创建文明城市，争做文明学生”志愿者活动，游戏规则是：将三张形状大小完全相同的牌，正面分别标有数字2，3，5，将这些牌背面朝上，洗匀后放在桌子上，小明从中随机抽取一张牌，记录数字后放回洗匀，小华再随机抽取一张，若两人抽取的数字和为偶数，则小明获胜，否则小华获胜，这个游戏对双方公平吗？请利用树状图或列表法进行说明．【分析】先画树状图展示所有9种等可能的结果，再找出数字和为偶数的结果数和数字和为奇数的结果数，接着计算出小明获胜的概率和小华获胜的概率，然后比较两个概率的大小可判断游戏是否公平．【解答】解：画树状图为：共有9种等可能的结果，其中数字和为偶数的结果数为5，数字和为奇数的结果数为4，所以小明获胜的概率＝，小华获胜的概率＝，因为＞，所以这个游戏对双方不公平．【点评】本题考查了游戏公平性：判断游戏公平性需要先计算每个事件的概率，然后比较概率的大小，概率相等就公平，否则就不公平．也考查了树状图法．18．（6分）如图，△ABC是⊙O的内接三角形，AC是⊙O的直径，D为的中点，∠ABE＝∠C，E在CA的延长线上．（1）EB是⊙O的切线吗？为什么？（2）若，则∠DBC的度数为 30 °．【分析】（1）由圆周角定理得到∠C+∠CAB＝90°，由等腰三角形的性质得到∠EBA+∠OBA＝90°，即可证明问题；（2）连接OD，得到△OBD是等边三角形，得到∠BOD＝60°，由D为的中点，得到∠COD＝∠BOD＝60°，由圆周角定理即可求出∠DBC的度数．【解答】解：（1）EB是⊙O的切线，理由如下，连接OB，∵AC是圆的直径，∴∠CBA＝90°，∴∠C+∠CAB＝90°，∵OB＝OA，∴∠OBA＝∠OAB，∴∠C+∠OBA＝90°，∵∠EBA＝∠C，∴∠EBA+∠OBA＝90°，∴半径OB⊥BE，∴EB是⊙O的切线；（2）连接OD，∵BD＝AC，∴BD＝OD＝OB，∴△OBD等边三角形，∴∠BOD＝60°，∵D为的中点，∴∠COD＝∠BOD＝60°，∴∠DBC＝∠COD＝30°．故答案为：30．【点评】本题考查切线的判定，圆周角定理，关键是掌握切线的判定方法，圆周角定理．19．（6分）2020年3月，中共中央、国务院颁布了《关于全面加强新时代大中小学劳动教育的意见》．某中学为了更好的开展“学工”实践活动，对本校部分八年级学生进行了选修课程的随机问卷调查（必须选修一门且只能选修一门），并根据调查数据绘制了如下统计图：请结合上述信息，解答下列问题：（1）共有 120 名学生参与了本次问卷调查；“电烙画”在扇形统计图中所对应的圆心角是 105 度；（2）补全条形统计图；（3）该校八年级共有640名学生，“学工”基地的陶艺教室每间能容纳30人，请你估计“学工”基地需要为该校八年级学生准备几间陶艺教室？【分析】（1）由选修“彩绘”的学生人数除以所占百分比得出参与了本次问卷调查的学生人数，即可求出样本容量；用“电烙画”所占百分比乘以360°即可算出圆心角；（2）求出选修“茶艺”和“烘培”的学生人数，即可解决问题；（3）用选“陶艺”所占百分比乘以640人，估计求出选修“陶艺”的人数即可解答．【解答】解：（1）有题意得，样本容量为：30÷25%＝120，即共有120名学生参与了本次问卷调查；“电烙画”在扇形统计图中所对应的圆心角是：360°×＝105°．故答案为：120；105；（2）选修烘培”的学生人数为：120×＝18（人），选修“茶艺”的学生人数为：120﹣30﹣33﹣18﹣15＝24（人），补全条形统计图如下：（3）640×÷30＝2，答：估计“学工”基地需要为该校八年级学生准备3间陶艺教室．【点评】本题考查了条形统计图和扇形统计图以及用样本估计总体，能对图表信息进行具体分析并求出参加调查的学生人数是解题关键．20．（6分）眼睛是人类感官中最重要的器官之一，每年的6月6日定为全国爱眼日，小林想要探究自己按照标准护眼姿势读书时书籍应离身体多远，画出如图的侧面示意图，点A 为眼睛的位置，A到书籍EC的距离AD为40cm，AD与水平方向夹角∠FAD为18°，小林在书桌上方的身长AB为52cm，且AB垂直于水平方向，请你求出小林与书籍底端的水平距离BC．（参考数据：sin18°≈，cos18°≈，tan18°≈）【分析】过点D作DM⊥BG，垂足为M，延长MD交AF的延长线于点H．先说明∠FAD 与∠MDC的关系，再分别在Rt△AHD、Rt△MCD中利用直角三角形的边角间关系求出AH、HD、MC，最后利用线段的和差关系得结论．【解答】解：过点D作DM⊥BG，垂足为M，延长MD交AF的延长线于点H．∵AB⊥BG，DM⊥BG，AF∥BG，∴四边形BMHA是矩形．∴AB＝HM＝52cm，AH＝BM．∵∠FAD+∠HDA＝90°，∠HDA+∠MDC＝90°，∴∠FAD＝∠MDC＝18°．在Rt△AHD中，∵sin∠FAD＝，cos∠FAD＝，∴HD＝sin∠FAD×AD＝sin18°×40≈×40＝12（cm），AH＝cos∠FAD×AD＝cos18°×40≈×40＝38（cm）．∴MD＝MH﹣DH＝52﹣12＝40（cm）．在Rt△DMC中，∵tan∠MDC＝，∴CM＝tan∠MDC×DM＝tan18°×40≈×40＝13（cm）．∴BC＝BM﹣CM＝AH﹣CM＝38﹣13＝25（cm）．答：小林与书籍底端的水平距离BC为25cm．【点评】本题主要考查了解直角三角形，掌握矩形的判定和性质及直角三角形的边角间关系是解决本题的关键．21．（6分）某校开展数学节活动，预算用1800元到某书店购买数学经典书籍《几何原本》和《九章算术》奖励获奖同学．《九章算术》的单价是《几何原本》单价的1.5倍，用900元购买《几何原本》比用900元购买《九章算术》可多买10本．（1）求《几何原本》和《九章算术》的单价分别为多少元；（2）学校实际购买时，恰逢该书店进行促销活动，所有图书均按原价六折出售．若学校在不超过预算的前提下，购买了《几何原本》和《九章算术》两种图书共80本，则学校至少购买了多少本《几何原本》？【分析】（1）设《几何原本》的单价为x元，则《九章算术》的单价为1.5x元，由题意：用900元购买《几何原本》比用900元购买《九章算术》可多买10本．列出分式方程，解方程即可；（2）设学校购买了m本《几何原本》，则购买了（80﹣m）本《九章算术》，由题意：学校在不超过预算1800元，列出一元一次不等式，解不等式即可．【解答】解：（1）设《几何原本》的单价为x元，则《九章算术》的单价为1.5x元，由题意得：﹣＝10，解得：x＝30，经检验，x＝30是原方程的解，且符合题意，∴1.5x＝1.5×30＝45，答：《几何原本》的单价为30元，则《九章算术》的单价为45元；（2）设学校购买了m本《几何原本》，则购买了（80﹣m）本《九章算术》，由题意得：30×0.6m+45×0.6×（80﹣m）≤1800，解得：m≥40，答：学校至少购买了40本《几何原本》．【点评】本题考查了分式方程的应用以及一元一次不等式的应用，解题的关键是：（1）找准等量关系，正确列出分式方程；（2）找出数量关系，正确列出一元一次不等式．22．（6分）在数学兴趣社团课上，同学们对平行四边形进行了深入探究．探究一：如图1，在矩形ABCD中，AC2＝AB2+BC2，BD2＝AC2＝CD2+AD2，则AC2+BD2＝AB2+BC2+CD2+AD2，由此得出结论：矩形两条对角线的平方和等于其四边的平方和．探究二：对于一般的平行四边形，是否仍有上面的结论呢？证明：如图2，在▱ABCD中，过A作AM⊥BC于M，过D作DN⊥BC，交BC延长线于N．设AB＝a，BC＝b，BM＝x，AM＝y，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD，∴∠ABC＝∠DCN，又∵∠AMB＝∠DNC＝90°，∴△ABM≌△DCN．∴CN＝BM＝x，DN＝AM＝y．请你接着完成上面的证明过程．结论应用：若一平行四边形的周长为20，两条对角线长分别为8，2，求该平行四边。
山东省青岛市2020年高三年级统一质量检测数学参考答案及评分标准
青岛市2020年高三年级统一质量检测数学参考答案及评分标准一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分。
B C A D C B A B 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
9．AC 10．BCD 11．ABD 12．CD三、填空题：本题共4个小题，每小题5分，共20分。
13．22m -≤≤；14．25-；15．10x y -+=；16．（1）28y x =；（2）2．四、解答题：本题共6小题，共70分。
解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。
17.（本小题满分10分）解：（1）方案一：选条件①．因为数列1{}n S a +为等比数列所以2211131()()()S a S a S a +=++，即2121123(2)2(2)a a a a a a +=++设等比数列{}n a 的公比为q ，因为11a =所以22(2)2(2)q q q +=++，解得2q =或0q =（舍）所以1112n n n a a q --==*(N )n ∈（2）由（1）得12n n a -=*(N )n ∈所以212311111()log log (2)22n n n b a a n n n n ++===-⋅++所以1111111111[(1(()()()]232435112n T n n n n =-+-+-++-+--++ 13113111()()42122122n n n n ==--++-+++32342(1)(2)n n n +=-++方案二：（1）选条件②．因为点1(,)n n S a +在直线1y x =+上所以11n n a S +=+*(N )n ∈，所以11n n a S -=+(2)n ≥两式相减得1n n n a a a +-=，+1=2n n a a (2)n ≥因为11a =，211112a S a =+=+=，21=2a a 适合上式所以数列{}n a 是首项为1，公比为2的等比数列所以1112n n n a a q --==*(N )n ∈（2）同方案一的（2）方案三：（1）选条件③．当2n ≥时，因为1121222n n n n a a a na -++++= *(N )n ∈ （ⅰ）所以12121222(1)n n n na a a n a ---+++=- 所以121212222(1)n n n n a a a n a --+++=- （ⅱ）（ⅰ）-（ⅱ）得122(1)n n n a na n a +=--，即+1=2n n a a (2)n ≥当1n =时，122a a =，21=2a a 适合上式所以数列{}n a 是首项为1，公比为2的等比数列所以1112n n n a a q --==*(N )n ∈（2）同方案一的（2）18．（本小题满分12分）解：（1）因为cos 2cos sin a C a C c A =-，所以由正弦定理可得：sin cos 2sin cos sin sin A C A C C A=-因为(0,)A π∈，sin 0A ≠所以cos 2cos sin C C C=-所以22cos sin cos sin C C C C -=-，即(cos sin )(cos sin 1)0C C C C -+-=所以cos sin 0C C -=或cos sin 10C C +-=即cos sin C C =或cos sin 10C C +-=①若cos sin C C =，则4C π=②若cos sin 10C C +-=，则2sin(42C π+=因为5444C πππ<+<，所以344C ππ+=，即2C π=综上，4C π=或2C π=(2)因为ABC ∆为锐角三角形，所以4C π=因为222221442cos 2(24c a b ab a b ab π==+-=+-≥-=-即72(2ab ≤=+（当且仅当a b =等号成立）所以1122sin sin 72(236(1)22444S ab C ab π===≤⨯+=即ABC ∆面积S 的最大值是1)+19．（本小题满分12分）解：（1） 底面ABCD 和侧面11B BCC 都是矩形，∴CD BC ⊥，1CC BC ⊥∵C CC CD =1 ，∴⊥BC 平面11D DCC ∵1D E ⊂平面11D DCC ，∴1BC D E ⊥，∵1D E CD ⊥，BC CD C = ，∴1D E ⊥底面ABCD1D E ⊂平面11CC D D ，∴平面11CC D D ⊥底面ABCD ．（2）取AB 的中点FE 是CD 的中点，底面ABCD 是矩形，EF CD∴⊥以E 为原点，以1EF EC ED 、、所在直线分别为x y z ,,轴，建立空间直角坐标系E xyz -如图所示.设1(0)ED a a =>，则(0,0,0)E ，(1,1,0)B ，1(0,0,)D a ，(0,1,0)C ，1(0,2,)C a 设平面1BED 的法向量1111(,,)n x y z = ，(1,1,0)EB = ，1(0,0,)ED a =.由11100n EB n ED ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 可得：11100x y az +=⎧⎨=⎩，令11x =可得111,0y z =-=，∴1(1,1,0)n =- 设平面11BCC B 的法向量2222(,,)n x y z = ，(1,0,0)CB = ，1(0,1,)CC a = .由22100n CB n CC ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 可得，22200x y az =⎧⎨+=⎩，令21z =可得2y a =-，∴2(0,,1)n a =- 由于平面11BCC B 与平面1BED 所成的锐二面角的平面角为3π，所以121212|cos ,|cos 3||||n n n n n n π⋅<>===⋅ 解得1a =．∴平面11BCC B 的法向量2(0,1,1)n =- ，由于(1,1,0)A -，(0,1,0)C ，(0,1,0)D -，1(0,0,1)D ，所以111(1,2,0)(0,1,1)(1,1,1)CA CA AA CA DD =+=+=-+=- ，设直线1CA 和平面11BCC B 所成的角为θ，则12126sin ||3||||CA n CA n θ⋅===⋅ A B C D 1A 1B 1C 1DE x y z F20．（本小题满分12分）解：（1）由频率分布直方图的性质可得：0.050.351a b c ++++=，即0.6a b c ++= ,,a b c 成等差数列，所以2b a c =+，所以0.2b =又23c b =，解之得：0.3,0.1c a ==所以7.50.18.50.39.50.3510.50.211.50.059.3x =⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=即抗疲劳次数的平均数9.3x =万次（2）由甲地试验结果的频率分布直方图可得：抗疲劳次数超过9万次的零件数为100(0.350.20.05)60⨯++=件，不超过9万次的件数为1006040-=件，由乙地试验结果的分布表可得：抗疲劳次数超过9万次的零件数为4125975++=，不超过9万次的零件数为25件，所以22⨯列联表为质量不优秀质量优秀总计甲地4060100乙地2575100总计65135200（说明：填对5个数据得1分，用去尾法）所以2200(40752560)200 5.128 5.0246513510010039k ⨯-⨯==≈>⨯⨯⨯所以在犯错误的概率不超过0.025的前提下，认为零件质量优秀与否与气候条件有关即有97.5%的把握认为零件质量优秀与否与气候条件有关（3）在甲地实验条件下，随机抽取一件产品为特优件的频率为0.25以频率为概率，所以任意抽取一件产品为特优件的概率14p =则ξ的取值可能为0,1,2,3,4所以04043181(0)((44256P C ξ===131********(1)(()4425664P C ξ====2224315427(2)()()44256128P C ξ====313431123(3)()()4425664P C ξ====4044311(4)()()44256P C ξ===所以ξ的分布列为ξ01234P 812562764271283641256ξ的数学期望8110854121()012341256256256256256E ξ=⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=21．（本小题满分12分）解：（1） 椭圆E 的离心率为12，12c e a ∴== 四边形1122A B A B的面积为1222a b ∴⨯⨯=又222a b c =+解之得：2,1a b c ===∴椭圆E 的方程为：22143x y +=（2）设11(,)M x y ，22(,)N x y ，则1F MN ∆的周长48a ==，1111(||||||)42F MN S F M F N MN r r ∆=++=，即114F MN r S ∆=当l x ⊥轴时，l 的方程为：1x =，||3MN =1121113||||4424F MN r S MN F F ∆==⨯⨯=当l 与x 轴不垂直时，设:(1)l y k x =-(0)k ≠由22222(1)(43)690143y k x k y ky k x y =-⎧⎪⇒++-=⎨+=⎪⎩212122269,4343k k y y y y k k ∴+=-=-++112121221211221111||||||||||||222F MN F F M F F N S S S F F y F F y F F y y ∆∆∆=+=⋅+⋅=⋅-1211||222F F =⨯⨯=114F MNr S ∆==令243k t +=，则3t >，r ===3t > ，1103t ∴<<，304r ∴<<综上可知：304r <≤22．（本小题满分12分）解：（1）由题()xf x e ax '=-因为函数()f x 有两个极值点1x ，2x 所以方程()0xf x e ax '=-=有两个不相等的根12,x x 设()()xg x f x e ax '==-，则()xg x e a '=-①当0a ≤时，()0xg x e a '=->，所以()g x 在R 上单调递增，至多有一个零点，不符合题意②0a >时，由()0x g x e a '=-=得ln x a =.当(,ln )x a ∈-∞时，()0g x '<，函数()g x 单调递减；当(ln ,)x a ∈+∞时，()0g x '>，函数()g x 单调递增.所以min ()(ln )ln 0g x g a a a a ==-<，即a e >，令()2ln a a a ϕ=-(0)a >，则22()1a a a a ϕ-'=-=，当(0,2)a ∈时，()0a ϕ'<，()a ϕ为减函数；当(2,)a ∈+∞时，()0a ϕ'>，()a ϕ为增函数；∴min ()(2)22ln 22(1ln 2)0a ϕϕ==-=->()0a ϕ∴>，即2ln a a >，从而ln 2a a a <<，2a e a >∴2()0a g a e a =->，又因为(0)10g =>，所以()g x 在区间(0,ln )a 和(ln ,)a a 上各有一个零点，符合题意，综上，实数a 的取值范围为(,)e +∞.（2）不妨设12x x <，则1(,ln )x a ∈-∞，2(ln ,)x a ∈+∞，所以12ln x a x <<设()()(2ln )p x g x g a x =--2ln [(2ln )]x a x e ax e a a x -=----22x x e a e ax -=--+则2()2x xp x e a e a -'=+-2220a a a ≥-=-=（当且仅当2x x e a e -=，即ln x a =时，等号成立）.所以函数()p x 在R 上单调递增.由2ln x a >，可得2()(ln )0p x p a >=，即22()(2ln )0g x g a x -->，又因为12,x x 为函数()g x 的两个零点，所以12()()g x g x =，所以12()(2ln )g x g a x >-，又2ln x a >，所以22ln ln a x a -<，又函数()g x 在(,ln )a -∞上单调递减，所以122ln x a x <-，即122ln x x a +<.。
2024-2025学年山东省青岛市青岛二中高三(上)月考数学试卷(8月份)(含答案)
2024-2025学年山东省青岛二中高三（上）月考数学试卷（8月份）一、单选题：本题共8小题，每小题5分，共40分。
在每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.已知集合M ={x|y =lg (2x−3)}，N ={y|y >12}，则M ∩N =( )A. (−1,32)B. (32,+∞)C. (12,+∞)D. (12,32)2.某高中为鼓励全校师生增强身体素质，推行了阳光校园跑的措施，随机调查7名同学在某周周日校园跑的时长(单位：分钟)，得到统计数据如下：35，30，50，90，70，85，60.则该组数据的中位数和平均数分别为( )A. 60，58B. 60，60C. 55，58D. 55，603.已知z =a +i 1+i (a ∈R)为纯虚数，则|z +zi|=( )A. 2 B. 2 C. 1 D. 54.曲线y =e x +sin 2x 在点(0,1)处的切线方程为( )A. 3x +2y−2=0B. 2x−2y +1=0C. 3x−y +1=0D. 3x−2y +2=05.已知锐角α，β满足sin α+sin αsin β=cos αcos β，则2α+β=( )A. π2 B. π3 C. π4 D. π6.过点P (1,−3)的直线l 与曲线M:(x−2)2+y 2=1(2≤x ≤3)有两个交点，则直线l 斜率的取值范围为( )A. (23,1] B. (43,2] C. (23,2] D. (23,4]7.已知椭圆T:x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的右焦点为F ，过F 且斜率为1的直线l 与T 交于A ，B 两点，若线段AB 的中点M 在直线x +2y =0上，则T 的离心率为( )A. 24 B. 53 C. 35 D. 228.如图，在平行四边形ABCD 中，tan ∠BAD =7，AB =5 2，AD =5，E 为边BC 上异于端点的一点，且AE ⋅DE =45，则sin ∠CDE =( )A. 210B. 725C. 513D. 14二、多选题：本题共3小题，共15分。
2023青岛市市南区中考一模 数学 试题(含答案)
九年级数学试2022—2023学年度第二学期阶段性学业水平质量检测题（考试时间：120分钟；满分：120分）真情提示：亲爱的同学，欢迎参加本次考试，祝你答题成功！本试卷共有24道题，其中1—8题为选择题，共24分；9—14题为填空题，共18分；15题为作图题，16—24题为解答题，共78分.所有题目均在答题卡上作答，在试题上作答无效。
一、选择题（本题满分24分，共有8道小题，每小题3分）下列每小题都给出标号为A.B.C.D 的四个结论，其中只有一个是正确的，每小题选对得分，不选、错选或选出的标号超过一个的不得分.1．的相反数的倒数是A ．B ．C ．D ．2．中芯国际集成电路制造有限公司，是世界领先的集成电路晶圆代工企业之一，也是中国内地技术最先进、配套最完善、规模最大、跨国经营的集成电路制造企业集团，中芯国际第一代14纳米FinFET 技术取得了突破性进展，并于2019年第四季度进入量产，代表了中国大陆自主研发集成电路的最先进水平，14纳米＝0.000000014米，0.000000014用科学记数法表示为A ．1.4×10﹣7B ．14×10﹣7C ．1.4×10﹣8D ．1.4×10﹣93．在一个密闭不透明的袋子里有若干个白球，为估计白球个数，丽丽向其中投入8个黑球，搅拌均匀后随机摸出一个球，记下颜色，再把它放入袋中，不断重复摸球100次，其中20次摸到黑球，则估计袋中大约有白球（）A ．18个B ．28个C ．32个D ．42个4．已知关于x 的一元二次方程（k ﹣1）2x 2+（2k +1）x +1＝0有两个不相等的实数根，则k 的取值范围为A．B ．C ．D．5．如图，在平面直角坐标系中，△ABC位于第二象限，点A的坐标是（﹣2，3），先把△ABC向右平移4个单位长度得到△A1B1C1，再把△A1B1C1绕点C1顺时针旋转90°得到△A2B2C1，则点A的对应点A2的坐标是A．（5，2）B．（1，0）C．（3，﹣1）D．（5，﹣2）6．如图，四边形ABCD内接于⊙O，F是上一点，且＝，连接CF并延长交AD的延长线于点E，连接AC，若∠ABC＝105°，∠BAC＝25°，则∠E的度数为A．60°B．55°C．50°D．45°7．如图，在矩形ABCD中，AB＝1，在BC上取一点E，连接AE、ED，将△ABE沿AE翻折，使点B落在B'处，线段EB'交AD于点F，将△ECD沿DE翻折，使点C的对应点C'落在线段EB'上，若点C'恰好为EB'的中点，则线段EF的长为A．B．C．D．8．二次函数y＝ax2+bx+c的图象如图所示，则一次函数y＝bx﹣ac与反比例函数在同一坐标系内的图象大致为A．B．C．D．第II卷（共96分）二、填空题（本题满分18分，共有6道小题，每小题3分）9．计算，＝．10．一次演讲比赛中，评委将从演讲内容、演讲能力、演讲效果三个方面为选手打分．各项成绩均按百分制计，然后再按演讲内容占50%，演讲能力占40%、演讲效果占10%，计算选手的综合成绩（百分制）．进入决赛的前两名选手的单项成绩如表所示，则获得第一名的选手为．11．某气球内充满了一定质量的气体，当温度不变时，气球内气体的气压P（kPa）是气体体积V（m3）的反比例函数，其图象如图．当气球内的气压大于120kPa时，气球将爆炸．为了安全起见，气球的体积应．选手演讲内容演讲能力演讲效果小明908090小红80909012．某品牌瓶装饮料每箱价格是26元，某商店对该瓶装饮料进行“买一送三”的促销活动，即整箱购买，则买一箱送三瓶，这相当于每瓶比原价便宜了0.6元，问该品牌饮料每瓶多少元？设该品牌饮料每瓶是x元，则可列方程为．13．如图，在平行四边形ABCD中，AD＝4，∠BAD＝45°，点E是AD中点，在AB上取一点F，以点F为圆心，FB的长为半径作圆，该圆与DC边恰好相切于点D，连接BE，则图中阴影部分面积为（结果保留π）．14．如图，在矩形ABCD中，点E是线段AB上的一点，DE⊥CE，将△BCE沿CE翻折，得到△FCE，若AD＝3，AB＝10，则点F到CD的距离为．第13题第14题三、作图题（本题满分4分）请用直尺、圆规作图，不写作法，但要保留作图痕迹．15．已知：线段a，c．求作：△ABC，使BC＝a，AB＝c，∠C＝90°四、解答题（本题满分72分）16．计算（本小题满分8分）（1）化简：；（2）解不等式组，并写出不等式组的最小整数解．17．（本小题满分6分）如图，甲、乙两人在玩转盘游戏时，准备了两个可以自由转动的转盘A，B，每个转盘被分成面积相等的几个扇形，并在每一个扇形内标上数字．游戏规则：同时转动两个转盘，当转盘停止后，指针所指区域的数字之和为0时，甲获胜；数字之和为1时，乙获胜．如果指针恰好指在分割线上，那么重转一次，直到指针指向某一区域为止．（1）用画树状图或列表法求乙获胜的概率；（2）这个游戏规则对甲、乙双方公平吗？请判断并说明理由．18．（本小题满分6分）青岛胶东机场即将于2023年1月投入使用。
山东省青岛市2020年4月高三统一质量检测(一模)物理试题含答案
整理得：d＝(n2
+ 4n +3)m2g 2q2B02
（n＝1、2、3…）
qv0B0＝mRv002
R0＝
mv0 qB0
＝
m2g q2B02
小球做圆周运动的周期
T＝
2πm qB0
小球做
1 12
圆周运动后速度竖直向下
O
v0
R1 O1
v1
Δ y1
O2
R2
v2
t2
时刻即小球第一次加速后：v1＝v0+gΔt＝2
v0=2
mg qB0
（3）小球做
1 12
圆周运动，在竖直方向上的位移
Δy1＝R0sin30°＝R20
人对把手做的功：W＝ΔηE ＝400J
（2）水位上升 4m 后，直管中空气压强：p＝p0－ρgh2 ＝0.6×105Pa
由玻意耳定律：p0V0＝pV
V0
有：
Δm m0
＝
2 V
＝130
17．（1）球 a 做平抛运动 h＝12gt02 得：t0＝0.6s
物块 b 的加速度：a1＝µ1g＝4m/s2
木板 c 的加速度：F―µ1mbg―µ2 (mb+ mc) g＝mc a2 得：a2＝8m/s2
（3） πrD2 （4） 无 4l
15. （1）可知，0~t0 做匀加速运动， t0~6s 做匀速直线运动。设 t0 时的速度为 v，则：
v＝x52－－tx01
x1
0
பைடு நூலகம் 2
v
t0
解得：t0=2s
(2)
x1
1 2
at02
解得：a=4m/s2
16．（1）直管中上升的水的质量：m＝ρΔV＝8kg
山东省青岛市2023年各地区中考数学模拟(一模)试题按题型难易度分层分类汇编(10套)-03解答题
山东省青岛市2023年各地区中考数学模拟（一模）试题按题型难易度分层分类汇编（10套）-03解答题（基础题）②一．分式的混合运算（共2小题）1．（2023•莱西市一模）（1）化简：；（2）解不等式组．2．（2023•即墨区一模）（1）化简：；（2）解方程组．二．根的判别式（共1小题）3．（2023•城阳区一模）计算：（1）解方程：．（2）关于x的一元二次方程3x2+2x﹣k＝0有实数根，求k的取值范围．三．一次函数与一元一次不等式（共1小题）4．（2023•市北区一模）在数学学习中，及时对知识进行归纳和整理是完善知识结构的重要方法．小刚在学习了一次方程（组）、一元一次不等式和一次函数后，结合图示对相关知识作如下归纳整理：（1）小刚学习笔记中的①②③④分别指什么呢？请你根据以上的复习阅读，在下面横线上将他们的意思体现清楚：① ；② ；③ ；④ ；（2）如果点C的坐标为（1，3），那么不等式kx+b≤k1x+b1的解集是 ．四．二次函数图象与系数的关系（共1小题）5．（2023•即墨区一模）已知二次函数y＝x2﹣2mx+m2﹣1．（1）求证：二次函数y＝x2﹣2mx+m2﹣1的图象与x轴总有两个交点；（2）若二次函数y＝x2﹣2mx+m2﹣1的图象与x轴交点的横坐标一个大于2，一个小于1，求m的取值范围．五．二次函数的应用（共1小题）6．（2023•城阳区一模）为响应国家提出由中国制造向中国创造转型的号召，某公司自主设计了一款机器人，每个生产成本为16元，投放市场进行了销售．经过调查，售价为30元/个时，每月可售出40万个，销售单价每涨价5元，每月就少售出10万个．（1）确定月销售量y（万个）与售价x（元/个）之间的函数关系式（x＞30）；（2）设商场每月销售这种机器人所获得的利润为w（万元），请确定所获利润w（万元）与售价x（元/个）之间的函数关系式（x＞30）．六．线段垂直平分线的性质（共1小题）7．（2023•市北区一模）在△ABC内找一点P，使点P到A，B两点的距离相等，并且点P 到点C的距离等于线段AC的长．七．菱形的性质（共1小题）8．（2023•即墨区一模）在菱形ABCD中，CE，AF分别是其外角∠DCN和∠DAM的平分线，AD的延长线交CE于点E，CD的延长线交AF于点F．（1）证明：△ADC≌△EDF；（2）判断四边形ACEF是什么特殊四边形．并说明理由．八．菱形的判定（共1小题）9．（2023•青岛一模）如图，在▱ABCD中，AC，BD交于点O，点E，F分别是AO，CO 的中点．（1）求证：DE＝BF；（2）请从以下三个条件：①AC＝2BD；②∠BAC＝∠DAC；③AB＝AD中，选择一个合适的作为已知条件，使四边形DEBF为菱形．你选择添加的条件是： （填写序号）；添加条件后，请证明四边形DEBF为菱形．九．作图—复杂作图（共2小题）10．（2023•青岛一模）已知：线段a，b；求作：矩形ABCD，使AB＝a，BC＝b．11．（2023•莱西市一模）已知A、B、C三点．求作⊙O，使它经过A、B、C三点．（尺规作图，要求保留作图痕迹）一十．扇形统计图（共2小题）12．（2023•莱西市一模）为庆祝中国共产党成立100周年，落实教育部《关于在中小学组织开展“从小学党史，永远跟党走”主题教育活动的通知》要求，某学校举行党史知识竞赛，随机调了部分学生的竞赛成绩，绘制成两幅不完整的统计图表．根据统计图表提供的信息解答下列问题：竞赛成绩统计表：组别分数人数A组75＜x≤804B组80＜x≤85C组85＜x≤9010D组90＜x≤95E组95＜x≤10014（1）本次共调查了 名学生；（2）C组所在扇形的圆心角为 度；（3）该校共有学生1600人，若90分以上为优秀，估计该校优秀学生人数为多少？13．（2023•青岛一模）为增强居民防治噪声污染意识，保障公共健康，某地区环保部门随机抽取了某一天部分噪声测量点18：00这一时刻的测量数据进行统计，把所抽取的测量数据分成A，B，C，D，E五组，并将统计结果绘制了两幅不完整的统计图表．组别噪声声级x/dB频数A55≤x＜605B60≤x＜65aC65≤x＜701818D70≤x＜75bE75≤x＜809请解答下列问题：（1）a＝ ；b＝ ；（2）在扇形统计图中E组对应的扇形圆心角的度数是 °；（3）若该地区共有600个噪声测量点，请估计该地区这一天18：00时噪声声级低于70dB 的测量点的个数．一十一．条形统计图（共1小题）14．（2023•城阳区一模）10月16日是“世界粮食日”，某校倡导“光盘行动”，为了让学生养成珍惜粮食的优良习惯．在这天午餐后随机调查了部分同学这餐饭菜的剩余情况，并将结果统计后绘制成了如图所示的不完整的条形统计图和扇形统计图：（1）把条形统计图补充完整．（2）扇形统计图中，“剩大量”所对应的扇形的圆心角度数是 °．（3）为了树立良好的节约粮食风气，学校准备对全校“剩少量”和“没有剩”的同学颁发奖状，若全校共有2000名学生，则约有多少人获得奖状？一十二．列表法与树状图法（共2小题）15．（2023•青岛一模）某强校提质校举办“数学素养”趣味赛．比赛题目分为“数与代数”“图形与几何”“统计与概率”“综合与实践”四组（依次记为A，B，C，D）．小明和小亮两名同学参加比赛，其中一名同学从四组题目中随机抽取一组，然后放回，另一名同学再随机抽取一组．（1）小明抽到B组题目的概率是 ；（2）请用列表或画树状图的方法，求小明和小亮两名同学抽到不同题目的概率．16．（2023•即墨区一模）如图，有四张背面完全相同的纸牌A、B、C、D，其正面分别画有四个不同的几何图，这四张纸牌背面朝上洗匀．（1）用画树状图或列表法表示同时摸出两张牌的所有可能出现的结果（纸牌可用A，B，C，D表示）；（2）求摸出两张牌的牌面图形都是中心对称图形的概率．一十三．游戏公平性（共2小题）17．（2023•市北区一模）小明和小亮用如图所示的，两个均匀、可以自由转动的转盘做配紫色游戏，游戏规则是：分别任意转动两个转盘，若其中一个转盘转出了红色，另一个转出了蓝色，即可以配成紫色．此时小明胜，否则小亮胜．这个游戏对双方公平吗？请用画树状图或列表格的方法说明理由．18．（2023•城阳区一模）下面是两个可以自由转动的转盘，每个转盘被分成面积相等的几个扇形，并分别标记了数字1，2，3和1，2，3，4．小明和小亮利用这两个转盘做游戏，规则如下：同时转动两个转盘，指针停止后，将指针所指区域的数字相乘（若指针停在分界线上，则重新转动转盘），如果积为奇数，则小明获胜；如果积为偶数，则小亮获胜，请你确定游戏规则是否公平，并说明理由．山东省青岛市2023年各地区中考数学模拟（一模）试题按题型难易度分层分类汇编（10套）-03解答题（基础题）②参考答案与试题解析一．分式的混合运算（共2小题）1．（2023•莱西市一模）（1）化简：；（2）解不等式组．【答案】（1）a+1；（2）2＜x≤5．【解答】解：（1）＝＝＝＝a+1；（2），解不等式①得，x≤5，解不等式②得，x＞2，∴原不等式组的解集是2＜x≤5．2．（2023•即墨区一模）（1）化简：；（2）解方程组．【答案】（1）；（2）．【解答】解：（1）原式＝1﹣•＝1﹣＝＝；（2），①×3+②得16x＝10，解得x＝，②×5﹣①得﹣16y＝18，解得y＝﹣，所以原方程组的解为．二．根的判别式（共1小题）3．（2023•城阳区一模）计算：（1）解方程：．（2）关于x的一元二次方程3x2+2x﹣k＝0有实数根，求k的取值范围．【答案】（1）x＝3；（2）k≥﹣．【解答】解：（1）去分母，得3﹣x﹣1＝x﹣4，解得x＝3，检验：当x＝3时，x﹣4≠0，则x＝3为原方程的解，所以原方程的解为x＝3；（2）根据题意得Δ＝22﹣4×3×（﹣k）≥0，解得k≥﹣，即k的取值范围为k≥﹣．三．一次函数与一元一次不等式（共1小题）4．（2023•市北区一模）在数学学习中，及时对知识进行归纳和整理是完善知识结构的重要方法．小刚在学习了一次方程（组）、一元一次不等式和一次函数后，结合图示对相关知识作如下归纳整理：（1）小刚学习笔记中的①②③④分别指什么呢？请你根据以上的复习阅读，在下面横线上将他们的意思体现清楚：① kx+b＝0 ；② ；③ kx+b＞0 ；④ kx+b＜0 ；（2）如果点C的坐标为（1，3），那么不等式kx+b≤k1x+b1的解集是 x≥1 ．【答案】（1）kx+b＝0；；kx+b＞0；kx+b＜0；（2）x≥1．【解答】解：（1）根据题意知：①kx+b＝0；②；③kx+b＞0；④kx+b＜0．故答案为：kx+b＝0；；kx+b＞0；kx+b＜0；（2）如果点C的坐标为（1，3），那么不等式kx+b≤k1x+b1的解集是：x≥1．故答案为：x≥1．四．二次函数图象与系数的关系（共1小题）5．（2023•即墨区一模）已知二次函数y＝x2﹣2mx+m2﹣1．（1）求证：二次函数y＝x2﹣2mx+m2﹣1的图象与x轴总有两个交点；（2）若二次函数y＝x2﹣2mx+m2﹣1的图象与x轴交点的横坐标一个大于2，一个小于1，求m的取值范围．【答案】（1）见解答；（2）1＜m＜2．【解答】（1）证明：∵Δ＝（﹣2m）2﹣4（m2﹣1）＝4＞0，∴二次函数y＝x2﹣2mx+m2﹣1的图象与x轴总有两个交点；（2）当y＝0时，x2﹣2mx+m2﹣1＝0，x＝＝m±1，解得x1＝m+1，x2＝m﹣1，∵抛物线与x轴的交点坐标为（m﹣1，0）、（m+1，0），∴，解得1＜m＜2，即m的取值范围为1＜m＜2．五．二次函数的应用（共1小题）6．（2023•城阳区一模）为响应国家提出由中国制造向中国创造转型的号召，某公司自主设计了一款机器人，每个生产成本为16元，投放市场进行了销售．经过调查，售价为30元/个时，每月可售出40万个，销售单价每涨价5元，每月就少售出10万个．（1）确定月销售量y（万个）与售价x（元/个）之间的函数关系式（x＞30）；（2）设商场每月销售这种机器人所获得的利润为w（万元），请确定所获利润w（万元）与售价x（元/个）之间的函数关系式（x＞30）．【答案】（1）月销售量y（万个）与售价x（元/个）之间的函数关系式为y＝﹣2x+100（x＞30）；（2）获利润w（万元）与售价x（元/个）之间的函数关系式为w＝﹣2x2+132x﹣1600（x ＞30）．【解答】解：（1）根据题意得：y＝40﹣×10＝﹣2x+100，∴月销售量y（万个）与售价x（元/个）之间的函数关系式为y＝﹣2x+100（x＞30）；（2））由题意得，w＝y（x﹣16）＝（﹣2x+100）（x﹣16）＝﹣2x2+132x﹣1600，∴获利润w（万元）与售价x（元/个）之间的函数关系式为w＝﹣2x2+132x﹣1600（x＞30）．六．线段垂直平分线的性质（共1小题）7．（2023•市北区一模）在△ABC内找一点P，使点P到A，B两点的距离相等，并且点P 到点C的距离等于线段AC的长．【答案】见解答．【解答】解：由题意得，点P是线段AB的垂直平分线与以点C为圆心、CA长为半径画弧的交点，再根据各选项的尺规作图即可．七．菱形的性质（共1小题）8．（2023•即墨区一模）在菱形ABCD中，CE，AF分别是其外角∠DCN和∠DAM的平分线，AD的延长线交CE于点E，CD的延长线交AF于点F．（1）证明：△ADC≌△EDF；（2）判断四边形ACEF是什么特殊四边形．并说明理由．【答案】（1）见解析过程；（2）四边形ACEF是矩形，理由见解析过程．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD是菱形，∴AB∥CD，AD∥BC，AB＝BC＝AD＝CD，∴∠MAF＝∠AFD，∠AEC＝∠ECN，∵AF平分∠MAE，∴∠MAF＝∠FAD＝∠AFD，∴AD＝DF，同理可得：CD＝DE，∴AD＝CD＝DE＝DF，在△ADC和△EDF中，，∴△ADC≌△EDF（SAS）；（2）解：四边形ACEF是矩形，理由如下：∵AD＝DE，DC＝DF，∴四边形ACEF是平行四边形，∵AD＝CD＝DE＝DF，∴AE＝CF，∴平行四边形ACEF是矩形．八．菱形的判定（共1小题）9．（2023•青岛一模）如图，在▱ABCD中，AC，BD交于点O，点E，F分别是AO，CO 的中点．（1）求证：DE＝BF；（2）请从以下三个条件：①AC＝2BD；②∠BAC＝∠DAC；③AB＝AD中，选择一个合适的作为已知条件，使四边形DEBF为菱形．你选择添加的条件是： ②③ （填写序号）；添加条件后，请证明四边形DEBF为菱形．【答案】（1）见解析过程；（2）②③．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AO＝CO，BO＝DO，∵点E，F分别是AO，CO的中点，∴EO＝AO，FO＝CO，∴EO＝FO，∴四边形DEBF是平行四边形，∴DE＝BF；（2）解：当AC＝2BD时，AO＝CO＝BD，∴EO＝FO＝DO＝BO，∴EF＝BD，∴平行四边形DEBF是矩形；当∠BAC＝∠DAC时，∵AB∥CD，∴∠BAC＝∠DCA＝∠DAC，∴AD＝CD，又∵AO＝CO，∴BD⊥AC，∴平行四边形DEBF是菱形；当AB＝AD时，∵AB＝AD，BO＝DO，∴AC⊥BD，∴平行四边形DEBF是菱形；故答案为②③．九．作图—复杂作图（共2小题）10．（2023•青岛一模）已知：线段a，b；求作：矩形ABCD，使AB＝a，BC＝b．【答案】见解答．【解答】解：如图，矩形ABD为所作．11．（2023•莱西市一模）已知A、B、C三点．求作⊙O，使它经过A、B、C三点．（尺规作图，要求保留作图痕迹）【答案】见解答．【解答】解：如图，⊙O为所作．一十．扇形统计图（共2小题）12．（2023•莱西市一模）为庆祝中国共产党成立100周年，落实教育部《关于在中小学组织开展“从小学党史，永远跟党走”主题教育活动的通知》要求，某学校举行党史知识竞赛，随机调了部分学生的竞赛成绩，绘制成两幅不完整的统计图表．根据统计图表提供的信息解答下列问题：竞赛成绩统计表：组别分数人数A组75＜x≤804B组80＜x≤85C组85＜x≤9010D组90＜x≤95E组95＜x≤10014（1）本次共调查了 50 名学生；（2）C组所在扇形的圆心角为 72 度；（3）该校共有学生1600人，若90分以上为优秀，估计该校优秀学生人数为多少？【答案】（1）50；6；（2）72；（3）960人．【解答】解：（1）本次共调查的学生＝14÷28%＝50（人）；故答案为：50；（2）C组的圆心角为360°×＝72°；故答案为：72；（3）B组的人数为50×12%＝6（人）；D组的人数为50﹣4﹣6﹣14﹣10＝16（人），则估计优秀的人数为1600×＝960（人）．优秀的人数为960人．13．（2023•青岛一模）为增强居民防治噪声污染意识，保障公共健康，某地区环保部门随机抽取了某一天部分噪声测量点18：00这一时刻的测量数据进行统计，把所抽取的测量数据分成A，B，C，D，E五组，并将统计结果绘制了两幅不完整的统计图表．组别噪声声级x/dB频数A55≤x＜605B60≤x＜65aC65≤x＜701818D70≤x＜75bE75≤x＜809请解答下列问题：（1）a＝ 13 ；b＝ 15 ；（2）在扇形统计图中E组对应的扇形圆心角的度数是 54 °；（3）若该地区共有600个噪声测量点，请估计该地区这一天18：00时噪声声级低于70dB 的测量点的个数．【答案】（1）13；15；（2）54；（3）360个．【解答】解：（1）∵样本容量为18÷30%＝60，∴b＝60×25%＝15，∴a＝60﹣（5+18+15+9）＝13，故答案为：13；15；（2）在扇形统计图中E组对应的扇形圆心角的度数是360°×＝54°，故答案为：54；（3）600×＝360（个）．答：估计该地区这一天18：00时噪声声级低于70dB的测量点的个数约360个．一十一．条形统计图（共1小题）14．（2023•城阳区一模）10月16日是“世界粮食日”，某校倡导“光盘行动”，为了让学生养成珍惜粮食的优良习惯．在这天午餐后随机调查了部分同学这餐饭菜的剩余情况，并将结果统计后绘制成了如图所示的不完整的条形统计图和扇形统计图：（1）把条形统计图补充完整．（2）扇形统计图中，“剩大量”所对应的扇形的圆心角度数是 54 °．（3）为了树立良好的节约粮食风气，学校准备对全校“剩少量”和“没有剩”的同学颁发奖状，若全校共有2000名学生，则约有多少人获得奖状？【答案】（1）补全的条形统计图见解答；（2）54；（3）约有1200人获得奖状．【解答】（1）本次调查的学生有：120÷40%＝300（人），剩少量的学生有：300﹣120﹣75﹣45＝60（人），补全的条形统计图如图所示；（2）扇形统计图中，“剩大量”所对应的扇形的圆心角度数是：360°×＝54°，故答案为：54；（3）2000×＝1200（人），答：约有1200人获得奖状．一十二．列表法与树状图法（共2小题）15．（2023•青岛一模）某强校提质校举办“数学素养”趣味赛．比赛题目分为“数与代数”“图形与几何”“统计与概率”“综合与实践”四组（依次记为A，B，C，D）．小明和小亮两名同学参加比赛，其中一名同学从四组题目中随机抽取一组，然后放回，另一名同学再随机抽取一组．（1）小明抽到B组题目的概率是 ；（2）请用列表或画树状图的方法，求小明和小亮两名同学抽到不同题目的概率．【答案】（1）．（2）．【解答】解：（1）∵比赛题目有四组，∴小明抽到B组题目的概率是．故答案为：．（2）画树状图如下：共有16种等可能的结果，其中小明和小亮两名同学抽到不同题目的结果有AB，AC，AD，BA，BC，BD，CA，CB，CD，DA，DB，DC，共12种，∴小明和小亮两名同学抽到不同题目的概率为＝．16．（2023•即墨区一模）如图，有四张背面完全相同的纸牌A、B、C、D，其正面分别画有四个不同的几何图，这四张纸牌背面朝上洗匀．（1）用画树状图或列表法表示同时摸出两张牌的所有可能出现的结果（纸牌可用A，B，C，D表示）；（2）求摸出两张牌的牌面图形都是中心对称图形的概率．【答案】（1）AB，AC，AD，BA，BC，BD，CA，CB，CD，DA，DB，DC．（2）．【解答】解：画树状图如下：共有12种等可能的结果，分别为：AB，AC，AD，BA，BC，BD，CA，CB，CD，DA，DB，DC．（2）纸牌A，B，C，D的牌面图形中，为中心对称图形的是B，C，由树状图可知，共有12种等可能的结果，其中摸出两张牌的牌面图形都是中心对称图形的结果有：BC，CB，共2种，∴摸出两张牌的牌面图形都是中心对称图形的概率为＝．一十三．游戏公平性（共2小题）17．（2023•市北区一模）小明和小亮用如图所示的，两个均匀、可以自由转动的转盘做配紫色游戏，游戏规则是：分别任意转动两个转盘，若其中一个转盘转出了红色，另一个转出了蓝色，即可以配成紫色．此时小明胜，否则小亮胜．这个游戏对双方公平吗？请用画树状图或列表格的方法说明理由．【答案】公平，理由见解答．【解答】解：根据题意列表如下：红蓝蓝红（红，红）（红，蓝）（红，蓝）蓝（蓝，红）（蓝，蓝）（蓝，蓝）共有6种等可能的结果数，其中能配成紫色的结果数为3，所以小明胜的概率是＝，小亮胜的概率是，∵＝，∴这个游戏公平．18．（2023•城阳区一模）下面是两个可以自由转动的转盘，每个转盘被分成面积相等的几个扇形，并分别标记了数字1，2，3和1，2，3，4．小明和小亮利用这两个转盘做游戏，规则如下：同时转动两个转盘，指针停止后，将指针所指区域的数字相乘（若指针停在分界线上，则重新转动转盘），如果积为奇数，则小明获胜；如果积为偶数，则小亮获胜，请你确定游戏规则是否公平，并说明理由．【答案】不公平．【解答】解：根据题意画树状图如下：∵共有12种等可能的结果，积为奇数的有4种情况，积为偶数有8种情况，∴P（小明获胜）＝＝；P（小亮获胜）＝＝；∴P（小明获胜）≠P（小亮获胜），∴这个游戏规则对小明、小亮双方不公平．。
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青岛市2020年高三统一质量检测数学试题2020.04全卷满分150 分.考试用时120分钟｡一､单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分｡在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.已知i 是虚数单位,复数12,iz i-=则z 的共轭复数z 的虚部为 A. –iB.1C. iD. -12.已知集合2{|log 2}A x R x =∈<,集合B={x ∈R||x-1|<2}, 则A∩B= A. (0,3)B. (-1,3)C. (0,4)D. (-∞,3)3.已知某市居民在2019年用于手机支付的个人消费额ξ(单位:元)服从正态分布2(2000,100),N 则该市某居民手机支付的消费额在(1900, 2200)内的概率为A.0.9759B.0.84C.0.8185D.0.4772附:随机变量ξ服从正态分布2(,),N μσ则P(μ-σ<ξ<μ+σ)= 0.6826,(22)0.9544P μσξμσ-<<+=, P(μ- 3σ<ξ<μ+3σ)= 0.9974 .4.设0.22,a b ==sin22,log 0.2,c =则a, b,c 的大小关系正确的是 A. a>b> cB. b>a> cC. b>c>aD. c>a>b5.已知函数39,0()( 2.718...,0x xx f x e xe x ⎧-≥==⎨<⎩为自然对数的底数),若f(x)的零点为α,极值点为β,则α+β= A.-1B.0C.1D.26.已知四棱锥P-ABCD 的所有棱长均相等,点E,F 分别在线段PA, PC 上,且EF//底面ABCD,则异面直线EF 与PB 所成角的大小为A.30°B.45°C.60°D.90°7.在同一直角坐标系下,已知双曲线C:22221(0,0)y x a b a b-=>>双曲线C 的一个焦点到一条渐近线的距离为2,函数sin(2)6y x π=+的图象向右平移3π单位后得到曲线D,点A,B 分别在双曲线C 的下支和曲线D 上,则线段AB 长度的最小值为A.2.B .C 8.某单位举行诗词大会比赛,给每位参赛者设计了“保留题型” ､“升级题型” ､“创新题型”三类题型,每类题型均指定一道题让参赛者回答｡已知某位参赛者答对每道题的概率均为4,5且各次答对与否相互独立,则该参赛者答完三道题后至少答对两道题的概率112.125A80.125B113.125C124.125D二､多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分｡在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求｡全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分｡9.已知向量(1,1),(3,1),(1,1),a b a b c+=-=-=设,a b的夹角为θ,则.||||A a b=.B a c⊥.//C b c D. θ=135°10.已知函数22()sin23sin cos cos,f x x x x x=+-x∈R,则A. -2≤f(x)≤2B. f(x) 在区间(0,π)上只有1个零点C. f(x) 的最小正周期为π.3D xπ=为f(x)图象的一条对称轴11.已知数列{}n a的前n项和为S11,1,21,n n na S S a+==++数列12{}nn na a+⋅的前n项和为*,,nT n N∈则下列选项正确的为A.数列{1}na+是等差数列B.数列{1}na+是等比数列C.数列{}n a的通项公式为21nna=-.1nD T<12.已知四棱台1111ABCD A B C D-的上下底面均为正方形,其中22,AB=111112,2,A B AA BB CC====则下述正确的是A.311.B AA CC⊥C.该四棱台的表面积为26D.该四棱合外接球的表面积为16π三､填空题:本题共4个小题,每小题5分,共20分｡13.若∀x1(0,),4x x a-∈+∞+≥恒成立,则实数a的取值范围为____14.已知函数f(x)的定义域为R,f(x+1)为奇函数, f(0)=1, 则f(2)=____15. 已知a∈N,二项式61()axx++展开式中含有2x项的系数不大于240,记a的取值集合为A,则由集合A中元素构成的无重复数字的三位数共有______个.16.2020年是中国传统的农历“鼠年”,有人用3个圆构成“卡通鼠”的形象,如图:Q(0,-3)是圆Q的圆心,圆Q过坐标原点O;点L､S均在x轴上,圆L与圆S的半径都等于2,圆S､圆L均与圆Q外切｡已知直线l过点O .(1) 若直线l 与圆L ､圆S 均相切,则l 截圆Q 所得弦长为____ ; (2)若直线l 截圆L ､圆S ､圆Q 所得弦长均等于d,则d=____. (本题第一个空2分,第二个空3分)四､解答题:本题共6小题,共70分｡解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤｡ 17.(10分)设等差数列{}n a 的前n项和为,n S 等比数列{}n b 的前n项和为.n T 已知112,a b =236,12,S S ==24,3T =n ∈N *. (1)求{},{}n n a b 的通项公式;(2)是否存在正整数k,使得6k S k <且139k T >？若存在,求出k 的值;若不存在,请说明理由｡18.(12分)在△ABC 中, a, b, c 分别为内角A, B, C 的对边,22222()(1tan )b b c a A =+--. (1)求角C ;(2)若210,c =D 为BC 中点,在下列两个条件中任选一个,求AD 的长度｡ 条件①:△ABC 的面积S=4且B> A; 条件②:25cos 5B =注:如果选择两个条件分别解答,按第一个解答计分｡19. (12 分)在如图所示的四棱锥E-ABCD 中,四边形ABCD 为平行四边形,△BCE 为边长为2的等边三角形,AB=AE,点F,O 分别为AB, BE 的中点, OF 是异面直线AB 和OC 的公垂线｡(1)证明:平面ABE ⊥平面BCE;(2)记OCDE 的重心为G,求直线AG 与平面ABCD 所成角的正弦值.20. (12 分)某网络购物平台每年11月11日举行“双十一”购物节,当天有多项优惠活动,深受广大消费者喜爱｡ (1)已知该网络购物平台近5年“双十”购物节当天成交额如下表:年份2015 2016 2017 2018 2019 成交额（百亿元）912172127求成交额y (,并预测2020年该平台“双十一”购物节当天的成交额(百亿元) ;(2)在2020年“双十一”购物节前,某同学的爸爸､妈妈计划在该网络购物平台.上分别参加A ､B 两店各一个订单的“秒杀”抢购,若该同学的爸爸､妈妈在A ､B 两店订单“秒杀”成功的概率分别为p ､q,记该同学的爸爸和妈妈抢购到的订单总数量为X .( i)求X 的分布列及E(X);(ii)已知每个订单由k(k≥2,k ∈N * )件商品W 构成,记该同学的爸爸和妈妈抢购到的商品W 总数量为Y ,假设27sin sin,44k k p q k k kπππ=-=,求E(Y)取最大值时正整数k 的值.附:回归方程ˆˆybx a =+中斜率和截距的最小二乘估计公式分别为: 1122211())ˆˆ;()n ni iiii i nniii i x y nx y x x y y ba y bxxnx x x ====-⋅--===---∑∑∑∑.21. (12 分)已知O 为坐标原点,椭圆C 2222:1(0)x y a b a b+=>>的左,右焦点分别为点12,,F F 2F 又恰为抛物线D 2:4y x =的焦点,以12F F 为直径的圆与椭圆C 仅有两个公共点.(1)求椭圆C 的标准方程;(2) 若直线l 与D 相交于A,B 两点,记点A,B 到直线x=-1的距离分别为1,d 212,||.d AB d d =+直线l 与C 相交于E,F 两点,记△OAB,△OEF 的面积分别为12,.S S(i)证明:1EFF ∆的周长为定值; (ii)求21S S 的最大值.22. (12 分)已知函数2()ln 2f x ax x x =-+的图象在点(1,1)处的切线方程为y=1. (1)当x ∈(0,2)时,证明: 0< f(x)<2;(2)设函数g(x)=xf(x),当x ∈(0,1)时,证明: 0<g(x)<1 ; (3)若数列{}n a 满足:*11(),01,n n a f a a n N +=<<∈.证明:1ln 0.ni ia=<∑……………………………………………………………最新资料推荐…………………………………………………。