2021广西大纲卷数学(文)高考真题下载

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2021版高考数学(文)大一轮人教A广西专用单元质检八立体几何(A)

单元质检八立体几何(A)(时间:45分钟满分:100分)单元质检卷第17页一、选择题(本大题共5小题,每小题7分,共35分)1.若平面α⊥平面β,且平面α内的一条直线a垂直于平面β内的一条直线b,则()A.直线a必垂直于平面βB.直线b必垂直于平面αC.直线a不一定垂直于平面βD.过a的平面与过b的平面垂直答案:C解析:α⊥β,a⊂α,b⊂β,a⊥b,当α∩β=a时,b⊥α;当α∩β=b时,a⊥β,其他情形则未必有b⊥α或a⊥β,所以选项A,B,D都错误,故选C.2.(2019云南曲靖沾益四中高三三模)如图,一个透明的球形装饰品内放置了两个共底面的圆锥,且这两个圆锥的顶点和底面圆周都在这个球面上,已知圆锥底面面积是这个球面,则较大圆锥与较小圆锥的体积之比为()面积的316A.2∶1B.3∶1C.4∶1D.5∶1答案:B解析:不妨设球的半径为4,则球的表面积为64π,圆锥的底面积为12π,所以圆锥的底面半径为2√3.由几何体的特征知球心到圆锥底面的距离、球的半径以及圆锥底面的半径三者可以构成一个直角三角形,由此可以求得球心到圆锥底面的距离是√42-(2√3)2=2,所以圆锥体积较小者的高为4-2=2,同理可得圆锥体积较大者的高为4+2=6.又这两个圆锥的底面相同,所以较大圆锥与较小圆锥的体积之比等于它们的高之比,即3∶1,故选B. 3.(2019广东潮州高三二模)一个几何体的三视图如图所示,该几何体外接球的表面积为()A.28πB.32πC.36πD.112π3答案:D解析:该几何体是一个底面为正方形的四棱锥,其中一个侧面为正三角形且与底面垂直,分别过正方形底面和正三角形侧面的中心作面的垂线,交点为外接球球心,由勾股定理求得球的半径为√283,表面积为112π3.4.我国古代数学名著《孙子算经》中有如下问题:“今有筑城,上广二丈,下广五丈四尺,高三丈八尺,长五千五百五十尺,秋程人功三百尺.问:须工几何?”意思是:“现要筑造底面为等腰梯形的直棱柱的城墙,其中底面等腰梯形的上底为2丈,下底为5.4丈,高为3.8丈,直棱柱的侧棱长为5 550 尺.如果一个秋天工期的单个人可以筑出300立方尺,问:一个秋天工期需要多少个人才能筑起这个城墙?”(注:一丈等于十尺)( ) A.24 642 B.26 011 C.52 022 D.78 033 答案:B解析:根据棱柱的体积公式,可得城墙所需土方为20+542×38×5550=7803300(立方尺),一个秋天工期所需人数为7803300300=26011,故选B .5.在空间四面体ABCD 中,平面ABD ⊥平面BCD ,且DA ⊥平面ABC ,则△ABC 的形状是( )A.锐角三角形B.直角三角形C.钝角三角形D.不能确定答案:B解析:作AE ⊥BD ,交BD 于E ,∵平面ABD ⊥平面BCD ,∴AE ⊥平面BCD ,BC ⊂平面BCD , ∴AE ⊥BC.而DA ⊥平面ABC ,BC ⊂平面ABC , ∴DA ⊥BC.又∵AE ∩AD=A ,∴BC ⊥平面ABD.而AB ⊂平面ABD ,∴BC ⊥AB , 即△ABC 为直角三角形.故选B .二、填空题(本大题共3小题,每小题7分,共21分)6.已知四棱锥P-ABCD 的三视图如图所示,则此四棱锥外接球的半径为 .答案:√5解析:因为三视图对应的几何体是四棱锥,顶点在底面的射影是底面矩形的长边的中点,底面边长分别为4,2,满足侧面PAD⊥底面ABCD,△PAD为等腰直角三角形,且高为2,如×√42+22=√5.图所示,可知外接球球心为底面对角线的交点,可求得球半径为127.已知PA垂直于平行四边形ABCD所在的平面,若PC⊥BD,则平行四边形ABCD的形状一定是.答案:菱形解析:因为PA⊥平面ABCD,BD⊂平面ABCD,所以PA⊥BD.又PC⊥BD,且PC⊂平面PAC,PA⊂平面PAC,PC∩PA=P,所以BD⊥平面PAC.又AC⊂平面PAC,所以BD⊥AC.又四边形ABCD是平行四边形,所以四边形ABCD是菱形.8.已知A,B,C,D是球面上不共面的四点,AB=AC=√3,BD=CD=√2,BC=√6,平面ABC⊥平面BCD,则此球的体积为.π答案:8√23解析:如图所示,设球心坐标为O,连接OD,交BC于点E,连接AE,由题意可知OE2+AE2=OA2.设球的半径R=OD=OA=x,由题意,得(√22-x)2+(√62)2=x 2,解得x=√2,则此球的体积为V=43πR 3=8√23π. 三、解答题(本大题共3小题,共44分)9.(14分)如下的三个图中,左面的是一个长方体截去一个角所得多面体的直观图,它的正视图和侧视图在右面画出(单位:cm).(1)在正视图下面,按照画三视图的要求画出该多面体的俯视图; (2)按照给出的尺寸,求该多面体的体积;(3)在所给直观图中连接BC',证明BC'∥平面EFG. 答案:(1)解如图:(2)解所求多面体体积V=V 长方体-V 正三棱锥=4×4×6-13×(12×2×2)×2=2843(cm 3).(3)证明在长方体ABCD-A'B'C'D'中,连接AD',则AD'∥BC'.因为E ,G 分别为AA',A'D'的中点, 所以AD'∥EG.从而EG ∥BC'.又BC'⊄平面EFG ,所以BC'∥平面EFG.10.(15分)(2019全国Ⅱ,文17)如图,长方体ABCD-A 1B 1C 1D 1的底面ABCD 是正方形,点E 在棱AA 1上,BE ⊥EC 1.(1)证明:BE⊥平面EB1C1;(2)若AE=A1E,AB=3,求四棱锥E-BB1C1C的体积.答案:(1)证明由已知得B1C1⊥平面ABB1A1,BE⊂平面ABB1A1,故B1C1⊥BE.又BE⊥EC1,所以BE⊥平面EB1C1.(2)解由(1)知∠BEB1=90°.由题设知Rt△ABE≌Rt△A1B1E,所以∠AEB=∠A1EB1=45°,故AE=AB=3,AA1=2AE=6.作EF⊥BB1,垂足为F,则EF⊥平面BB1C1C,且EF=AB=3.所以,四棱锥E-BB1C1C的体积V=1×3×6×3=18.311.(15分)如图,在三棱柱ABC-A1B1C1中,侧面ABB1A1⊥底面ABC,AC⊥AB,AC=AB=AA1=2,∠AA1B1=60°,E,F分别为棱A1B1,BC的中点.(1)求三棱柱ABC-A1B1C1的体积;(2)在直线AA1上是否存在一点P,使得CP∥平面AEF?若存在,求出AP的长;若不存在,说明理由.解:(1)在三棱柱ABC-A1B1C1中,A1B1=AB.因为AB=AA 1=2,所以A 1B 1=AA 1=2.又因为∠AA 1B 1=60°,连接AB 1,所以△AA 1B 1是边长为2的正三角形. 因为E 是棱A 1B 1的中点,所以AE ⊥A 1B 1,且AE=√3. 又AB ∥A 1B 1,所以AE ⊥AB. 又侧面ABB 1A 1⊥底面ABC , 且侧面ABB 1A 1∩底面ABC=AB ,又AE ⊂侧面ABB 1A 1,所以AE ⊥底面ABC ,所以三棱柱ABC-A 1B 1C 1的体积为V=S △ABC ·AE=12AB ·AC ·AE=12×2×2×√3=2√3. (2)在直线AA 1上存在点P ,使得CP ∥平面AEF.理由如下:连接BE 并延长,与AA 1的延长线相交,交点为P.连接CP. 因为A 1B 1∥AB ,故PEPB =PA 1PA=A 1E AB.因为E 为棱A 1B 1的中点,AB=A 1B 1,所以A 1E AB =12,所以PE=EB.又F 为棱BC 的中点,所以EF 为△BCP 的中位线, 所以EF ∥CP.又EF ⊂平面AEF ,CP ⊄平面AEF , 所以CP ∥平面AEF.故在直线AA 1上存在点P ,使得CP ∥平面AEF. 此时,PA 1=AA 1=2,所以AP=2AA 1=4.快乐分享，知识无界！感谢您的下载!由Ruize收集整理！。

广西2021届高三综合能力测试(CAT)(一)文科数学试题及答案

7π −6
1 2
ℎ
=
1 2
∴h
=
1 4
ab
=
4SinASinB
=
4SinASin（
2 3
π
−
A）
=
4SinASin(
2 3
πCosA
−
Cos
2 3
πSinA)
= 2 3SinACosA + 2Sin2A =
3Sin2A
+
1
−
Cos2A
=
2Sin（2A
−
π 6
）
+
1----------9
分
∵
A
∈
(0,
7.已知点 A(l, 0) , B(3, 0），若直线缸一少＋1=0上存在点P，满足曰·PB=O ，则是的取值范
围是（）
A. ［一一， OJ
B. [O ’一43 ］
C. ［一一43 ’ 一 !6 ］
D. （一oo, OJ
8.电表度’数的“ 度 ”用字母 “ KW-H “表示，比如用电 88度，就可用字母 88KW-H 表示．电动车的 “ 用电效率” 是指电动车每消耗I KW-H 所行驶的里程，右图描述了甲、乙、丙兰辆汽车在不同速度下
A.23
B.22
C .21
D.20
i 11.
若
J(:i.:）
的图象上两点关于原点对称，则称这两点是一对对偶点，若
f(x)=
[2.:i:+3α x>O
1.r.1 -.r,x,v
的图象上存在两对对偶点，则实数a的取值范围是（）
A. （一一，O)
B. (0, +oo)

2021年全国统一高考数学试卷(文科)(大纲版)

2021 年全国统一高考数学试卷（文科）（大纲版）一．选择题1．（5分）（2012•大纲版）已知集合A＝{x|x是平行四边形}，B＝{x|x是矩形}，C＝{x|x是正方形}，D＝{x|x 是菱形}，则（）A．A⊆B B．C⊆B C．D⊆C D．A⊆D2．（5分）（2012•大纲版）函数的反函数是（）A．y＝x2﹣1（x≥0）B．y＝x2﹣1（x≥1）C．y＝x2+1（x≥0）D．y＝x2+1（x≥1）3．（5分）（2012•大纲版）若函数是偶函数，则φ＝（）A．B．C．D．4．（5分）（2012•大纲版）已知α为第二象限角，，则sin2α＝（）A．B．C．D．5．（5分）（2012•大纲版）椭圆的中心在原点，焦距为4，一条准线为x＝﹣4，则该椭圆的方程为（）A．B．C．D．6．（5分）（2012•大纲版）已知数列{a n}的前n项和为S n，a1＝1，S n＝2a n+1，则当n＞1时，S n＝（）A．（）n﹣1B．2n﹣1C．（）n﹣1D．（﹣1）7．（5分）（2012•大纲版）6位选手依次演讲，其中选手甲不在第一个也不在最后一个演讲，则不同的演讲次序有（）A．240 种B．360 种C．480 种D．720 种8．（5分）（2012•大纲版）已知正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中，AB＝2，CC1＝2，E为CC1 的中点，则直线AC1 与平面BED 的距离为（）A．2 B．C．D．19．（5分）（2012•大纲版）△ABC中，AB边的高为CD，若＝，＝，•＝0，||＝1，| |＝2，则＝（）A．B．C．D．10．（5分）（2012•大纲版）已知F1、F2为双曲线C：x2﹣y2＝2的左、右焦点，点P在C上，|PF1|＝2|PF2|，则cos∠F1PF2＝（）A．B．C．D．11．（5分）（2012•大纲版）已知x＝lnπ，y＝log52，，则（）A．x＜y＜z B．z＜x＜y C．z＜y＜x D．y＜z＜x12．（5分）（2012•大纲版）正方形ABCD的边长为1，点E在边AB上，点F在边BC上，．定点P 从E 出发沿直线向F 运动，每当碰到正方形的边时反弹，反弹时反射角等于入射角．当点P 第一次碰到E 时，P 与正方形的边碰撞的次数为（）A．8 B．6 C．4 D．3二、填空题（共4 小题，每小题5 分，共20 分，在试卷上作答无效）13．（5分）（2012•大纲版）的展开式中x2的系数为．．5（2012•大纲版）若x，y满足约束条件则z＝3x﹣y的最小值为．15．（5分）（2012•大纲版）当函数y＝sin x﹣cos x（0≤x＜2π）取得最大值时，x＝．16．（5分）（2012•大纲版）已知正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，E，F分别为BB1，CC1的中点，那么异面直线AE 与D1F 所成角的余弦值为．三、解答题：本大题共6 小题，共70 分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．在试卷上作答无效！17．（10分）（2012•大纲版）△ABC中，内角A，B，C成等差数列，其对边a，b，c满足2b2＝3ac，求A．18．（12分）（2012•大纲版）已知数列{a n}中，a1＝1，前n项和（1）求a2，a3；（2）求{a n}的通项公式．19．（12分）（2012•大纲版）如图，四棱锥P﹣ABCD中，底面ABCD为菱形，PA⊥底面ABCD，，PA＝2，E 是PC 上的一点，PE＝2EC．（Ⅰ）证明：PC⊥平面BED；（Ⅱ）设二面角A﹣PB﹣C 为90°，求PD 与平面PBC 所成角的大小．20．（12分）（2012•大纲版）乒乓球比赛规则规定：一局比赛，对方比分在10平前，一方连续发球2 次后，对方再连续发球两次，依次轮换．每次发球，胜方得1 分，负方得0 分．设在甲、乙的比赛中，每次发球，发球方得1 分的概率为0.6，各次发球的胜负结果相互独立．甲、乙的一局比赛中，甲先发球．（1）求开始第4 次发球时，甲、乙的比分为1：2 的概率；（2）求开始第5 次发球时，甲领先得分的概率．21．（12分）（2012•大纲版）已知函数．（1）讨论f（x）的单调性；（2）设f（x）有两个极值点x1，x2，若过两点（x1，f（x1）），（x2，f（x2））的直线l与x 轴的交点在曲线y＝f（x）上，求a 的值．22．（12分）（2012•大纲版）已知抛物线C：y＝（x+1）2与圆（r ＞0）有一个公共点A，且在 A 处两曲线的切线为同一直线l．（Ⅰ）求r；（Ⅱ）设m，n 是异于l 且与C 及M 都相切的两条直线，m，n 的交点为D，求D 到l 的距离．2012 年全国统一高考数学试卷（文科）（大纲版）参考答案与试题解析一．选择题1．（5分）（2012•大纲版）已知集合A＝{x|x是平行四边形}，B＝{x|x是矩形}，C＝{x|x是正方形}，D＝{x|x 是菱形}，则（）A．A⊆B B．C⊆B C．D⊆C D．A⊆D【分析】直接利用四边形的关系，判断选项即可．【解答】解：因为菱形是平行四边形的特殊情形，所以D⊂A，矩形与正方形是平行四边形的特殊情形，所以B⊂A，C⊂A，正方形是矩形，所以C⊆B．故选：B．【点评】本题考查集合的基本运算，几何图形之间的关系，基础题．2．（5分）（2012•大纲版）函数的反函数是（）A．y＝x2﹣1（x≥0）B．y＝x2﹣1（x≥1）C．y＝x2+1（x≥0）D．y＝x2+1（x≥1）【分析】直接利用反函数的求法求解即可．【解答】解：因为函数，解得x＝y2﹣1，所以函数的反函数是y＝x2﹣1（x≥0）．故选：A．【点评】本题考查函数的反函数的求法，考查计算能力．3．（5分）（2012•大纲版）若函数是偶函数，则φ＝（）A．B．C．D．【分析】直接利用函数是偶函数求出ϕ的表达式，然后求出ϕ的值．【解答】解：因为函数是偶函数，所以，k∈z，所以k＝0 时，ϕ＝∈[0，2π]．故选：C．【点评】本题考查正弦函数的奇偶性，三角函数的解析式的应用，考查计算能力．4．（5分）（2012•大纲版）已知α为第二象限角，，则sin2α＝（）A．B．C．D．【分析】直接利用同角三角函数的基本关系式，求出cosα，然后利用二倍角公式求解即可．【解答】解：因为α为第二象限角，，所以cosα＝﹣＝﹣．所以sin2α＝2sinαcosα＝＝．故选：A．【点评】本题考查二倍角的正弦，同角三角函数间的基本关系的应用，考查计算能力．5．（5分）（2012•大纲版）椭圆的中心在原点，焦距为4，一条准线为x＝﹣4，则该椭圆的方程为（）A．B．C．D．【分析】确定椭圆的焦点在x 轴上，根据焦距为4，一条准线为x＝﹣4，求出几何量，即可求得椭圆的方程．【解答】解：由题意，椭圆的焦点在x 轴上，且∴c＝2，a2＝8∴b2＝a2﹣c2＝4∴椭圆的方程为故选：C．【点评】本题考查椭圆的标准方程，考查椭圆的几何性质，属于基础题．6．（5分）（2012•大纲版）已知数列{a n}的前n项和为S n，a1＝1，S n＝2a n+1，则当n＞1时，S n＝（）A．（）n﹣1B．2n﹣1C．（）n﹣1D．（﹣1）【分析】利用递推关系与等比数列的通项公式即可得出．【解答】解：∵S n＝2a n+1，得S n＝2（S n+1﹣S n），即3S n＝2S n+1，由a1＝1，所以S n≠0．则＝．∴数列{S n}为以1 为首项，公比为的等比数列∴S n＝．故选：A．【点评】本题考查了递推关系与等比数列的通项公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．7．（5分）（2012•大纲版）6位选手依次演讲，其中选手甲不在第一个也不在最后一个演讲，则不同的演讲次序有（）A．240 种B．360 种C．480 种D．720 种【分析】直接从中间的 4 个演讲的位置，选 1 个给甲，其余全排列即可．【解答】解：因为6 位选手依次演讲，其中选手甲不在第一个也不在最后一个演讲，甲先安排在除开始与结尾的位置还有个选择，剩余的元素与位置进行全排列有，所以甲只能在中间的4 个位置，所以不同的演讲次序有＝480 种．故选：C．【点评】本题考查排列、组合以及简单的计数原理的应用，考查计算能力．8．（5分）（2012•大纲版）已知正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中，AB＝2，CC1＝2，E为CC1 的中点，则直线AC1 与平面BED 的距离为（）A．2 B．C．D．1【分析】先利用线面平行的判定定理证明直线C1A∥平面BDE，再将线面距离转化为点面距离，最后利用等体积法求点面距离即可【解答】解：如图：连接AC，交BD 于O，在三角形CC1A 中，易证OE∥C1A，从而C1A∥平面BDE，∴直线AC1 与平面BED 的距离即为点A 到平面BED 的距离，设为h，在三棱锥E﹣ABD 中，V E﹣ABD＝S△ABD×EC＝××2×2×＝在三棱锥A﹣BDE 中，BD＝2 ，BE＝，DE＝，∴S△EBD＝×2 ×＝2 ∴V A﹣BDE＝×S△EBD×h＝×2 ×h＝∴h＝1故选：D．【点评】本题主要考查了线面平行的判定，线面距离与点面距离的转化，三棱锥的体积计算方法，等体积法求点面距离的技巧，属基础题9．（5分）（2012•大纲版）△ABC中，AB边的高为CD，若＝，＝，•＝0，||＝1，| |＝2，则＝（）A．B．C．D．【分析】由题意可得，CA⊥CB，CD⊥AB，由射影定理可得，AC2＝AD•AB 可求AD，进而可求，从而可求与的关系，进而可求【解答】解：∵•＝0，∴CA⊥CB∵CD⊥AB∵| |＝1，| |＝2∴AB＝由射影定理可得，AC2＝AD•AB∴∴∴＝＝故选：D．【点评】本题主要考查了直角三角形的射影定理的应用，向量的基本运算的应用，向量的数量积的性质的应用．10．（5分）（2012•大纲版）已知F1、F2为双曲线C：x2﹣y2＝2的左、右焦点，点P在C 上，|PF1|＝2|PF2|，则cos∠F1PF2＝（）A．B．C．D．【分析】根据双曲线的定义，结合|PF1|＝2|PF2|，利用余弦定理，即可求cos∠F1PF2 的值．【解答】解：将双曲线方程x2﹣y2＝2 化为标准方程﹣＝1，则a＝，b＝，c＝2，设|PF1|＝2|PF2|＝2m，则根据双曲线的定义，|PF1|﹣|PF2|＝2a 可得m＝2，∴|PF1|＝4 ，|PF2|＝2 ，∵|F1F2|＝2c＝4，∴cos∠F1PF2＝＝＝＝．故选：C．【点评】本题考查双曲线的性质，考查双曲线的定义，考查余弦定理的运用，属于中档题．11．（5分）（2012•大纲版）已知x＝lnπ，y＝log52，，则（）A．x＜y＜z B．z＜x＜y C．z＜y＜x D．y＜z＜x【分析】利用x＝lnπ＞1，0＜y＝log52＜，1＞z＝＞，即可得到答案．【解答】解：∵x＝lnπ＞lne＝1，0＜log52＜log5＝，即y∈（0，）；1＝e0＞＝＞＝，即z∈（，1），∴y＜z＜x．故选：D．【点评】本题考查不等式比较大小，掌握对数函数与指数函数的性质是解决问题的关键，属于基础题．12．（5分）（2012•大纲版）正方形ABCD的边长为1，点E在边AB上，点F在边BC上，．定点P 从E 出发沿直线向F 运动，每当碰到正方形的边时反弹，反弹时反射角等于入射角．当点P 第一次碰到E 时，P 与正方形的边碰撞的次数为（）A．8 B．6 C．4 D．3【分析】根据已知中的点E，F 的位置，可知入射角的正切值为，通过相似三角形，来确定反射后的点的位置，从而可得反射的次数．【解答】解：根据已知中的点E，F 的位置，可知入射角的正切值为，第一次碰撞点为F，在反射的过程中，直线是平行的，利用平行关系及三角形的相似可得第二次碰撞点为G，在DA，且DG＝，第三次碰撞点为H，在DC 上，且DH＝，第四次碰撞点为M，在CB 上，且CM＝，第五次碰撞点为N，在DA 上，且AN＝，第六次回到E 点，AE＝．故需要碰撞6 次即可．故选：B．：【点评】本题主要考查了反射原理与三角形相似知识的运用．通过相似三角形，来确定反射后的点的位置，从而可得反射的次数，属于难题二、填空题（共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分，在试卷上作答无效） 13．（5 分）（2012•大纲版）的展开式中 x 2的系数为 7．【分析】直接利用二项式定理的通项公式，求出 x 2 的系数即可．【解答】解：因为的展开式的通项公式为＝，当 8﹣2r ＝2，即 r ＝3 时，的展开式中 x 2 的系数为：＝7．故答案为：7．【点评】本题考查二项式定理的应用，特定项的求法，考查计算能力．14．（5 分）（2012•大纲版）若 x ，y 满足约束条件则 z ＝3x ﹣y 的最小值为 ﹣1 ．【分析】作出不等式组表示的平面区域，由 z ＝3x ﹣y 可得 y ＝3x ﹣z ，则﹣z 表示直线 3x﹣y ﹣z ＝0 在 y 轴上的截距，截距越大 z 越小，结合图形可求【解答】解：作出不等式组表示的平面区域，如图所示由 z ＝3x ﹣y 可得 y ＝3x ﹣z ，则﹣z 表示直线 3x ﹣y ﹣z ＝0 在 y 轴上的截距，截距越大 z 越小结合图形可知，当直线 z ＝3x ﹣y 过点 C 时 z 最小由可得 C （0，1），此时 z ＝﹣1故答案为：﹣1【点评】本题主要考查了线性规划的简单应用，解题的关键是明确目标函数中z 的几何意义，属于基础试题15．（5分）（2012•大纲版）当函数y＝sin x﹣cos x（0≤x＜2π）取得最大值时，x＝．【分析】利用辅助角公式将y＝sin x﹣cos x化为y＝2sin（x﹣）（0≤x＜2π），即可求得y＝sin x﹣cos x（0≤x＜2π）取得最大值时x 的值．【解答】解：∵y＝sin x﹣cos x＝2（sin x﹣cos x）＝2sin（x﹣）．∵0≤x＜2π，∴﹣≤x﹣＜，∴y max＝2，此时x﹣＝，∴x＝．故答案为：．【点评】本题考查三角函数的最值两与角和与差的正弦函数，着重考查辅助角公式的应用与正弦函数的性质，将y＝sin x﹣cos x（0≤x＜2π）化为y＝2sin（x﹣）（0≤x＜2π）是关键，属于中档题．16．（5分）（2012•大纲版）已知正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，E，F分别为BB1，CC1的中点，那么异面直线AE 与D1F 所成角的余弦值为．【分析】设正方体ABCD﹣A1B1C1D1 棱长为2，以DA 为x 轴，DC 为y 轴，DD1 为z 轴，建立空间直角坐标系，则，＝（0，2，﹣1），由此利用向量法能够求出异面直线AE 与D1F 所成角的余弦值．【解答】解：设正方体ABCD﹣A1B1C1D1 棱长为2，以DA 为x 轴，DC 为y 轴，DD1 为z 轴，建立空间直角坐标系，则A（2，0，0），E（2，2，1）D1（0，0，2），F（0，2，1）∴，＝（0，2，﹣1），设异面直线AE 与D1F 所成角为θ，则cosθ＝|cos＜，＞|＝| |＝．故答案为：．【点评】本题考查异面直线所成角的余弦值的求法，是基础题．解题时要认真审题，仔细解答，注意向量法的合理运用．三、解答题：本大题共6 小题，共70 分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．在试卷上作答无效！17．（10分）（2012•大纲版）△ABC中，内角A，B，C成等差数列，其对边a，b，c满足2b2＝3ac，求A．【分析】由题设条件，可先由A，B，C 成等差数列，及A+B+C＝π得到B＝，及A+C ＝，再由正弦定理将条件2b2＝3ac 转化为角的正弦的关系，结合cos（A+C）＝cos A cos C﹣sin A sin C 求得cos A cos C＝0，从而解出A【解答】解：由A，B，C 成等差数列，及A+B+C＝π得B＝，故有A+C＝由2b2＝3ac 得2sin2B＝3sin A sin C＝，所以sin A sin C＝所以cos（A+C）＝cos A cos C﹣sin A sin C＝cos A cos C﹣即cos A cos C﹣＝﹣，可得cos A cos C＝0所以cos A＝0 或cos C＝0，即A 是直角或C 是直角所以A 是直角，或A＝【点评】本题考查数列与三角函数的综合，涉及了三角形的内角和，两角和的余弦公式，正弦定理的作用边角互化，解题的关键是熟练掌握等差数列的性质及三角函数的相关公式，本题考查了转化的思想，有一定的探究性及综合性18．（12分）（2012•大纲版）已知数列{a n}中，a1＝1，前n项和（1）求a2，a3；（2）求{a n}的通项公式．【分析】（1）直接利用已知，求出a2，a3；（2）利用已知关系式，推出数列相邻两项的关系式，利用累积法，求出数列的通项公式即可．【解答】解：（1）数列{a n}中，a1＝1，前n项和，可知，得3（a1+a2）＝4a2，解得a2＝3a1＝3，由，得3（a1+a2+a3）＝5a3，解得a3＝＝6．（2）由题意知a1＝1，当n＞1 时，有a n＝s n﹣s n﹣1＝，整理得，于是a1＝1，a 2＝ a 1， a 3＝ a 2， …， a n ﹣1＝a n ﹣2，，将以上 n 个式子两端分别相乘，整理得：．综上{a n }的通项公式为【点评】本题考查数列的项的求法，累积法的应用，考查计算能力．19．（12 分）（2012•大纲版）如图，四棱锥 P ﹣ABCD 中，底面 ABCD 为菱形，PA ⊥底面 ABCD ，，PA ＝2，E 是 PC 上的一点，PE ＝2EC ．（Ⅰ）证明：PC ⊥平面 BED ；（Ⅱ）设二面角 A ﹣PB ﹣C 为 90°，求 PD 与平面 PBC 所成角的大小．【分析】（I ）先由已知建立空间直角坐标系，设 D （，b ，0），从而写出相关点和相关向量的坐标，利用向量垂直的充要条件，证明 PC ⊥BE ，PC ⊥DE ，从而利用线面垂直的判定定理证明结论即可；（II ）先求平面 PAB 的法向量，再求平面 PBC 的法向量，利用两平面垂直的性质，即可求得 b 的值，最后利用空间向量夹角公式即可求得线面角的正弦值，进而求得线面角【解答】解：（I ）以 A 为坐标原点，建立如图空间直角坐标系 A ﹣xyz ，设D（，b，0），则C（2，0，0），P（0，0，2），E（，0，），B（，﹣b，0）∴＝（2，0，﹣2），＝（，b，），＝（，﹣b，）∴•＝﹣＝0，•＝0∴PC⊥BE，PC⊥DE，BE∩DE＝E∴PC⊥平面BED（II）＝（0，0，2），＝（，﹣b，0）设平面PAB的法向量为＝（x，y，z），则取＝（b，，0）设平面PBC的法向量为＝（p，q，r），则取＝（1，﹣，）∵平面PAB⊥平面PBC，∴•＝b﹣＝0．故b＝∴＝（1，﹣1，），＝（﹣，﹣，2）∴cos＜，＞＝＝设PD 与平面PBC 所成角为θ，θ∈[0，]，则sinθ＝∴θ＝30°∴PD 与平面PBC 所成角的大小为30°【点评】本题主要考查了利用空间直角坐标系和空间向量解决立体几何问题的一般方法，线面垂直的判定定理，空间线面角的求法，有一定的运算量，属中档题20．（12分）（2012•大纲版）乒乓球比赛规则规定：一局比赛，对方比分在10平前，一方连续发球2 次后，对方再连续发球两次，依次轮换．每次发球，胜方得1 分，负方得0 分．设在甲、乙的比赛中，每次发球，发球方得1 分的概率为0.6，各次发球的胜负结果相互独立．甲、乙的一局比赛中，甲先发球．（1）求开始第4 次发球时，甲、乙的比分为1：2 的概率；（2）求开始第5 次发球时，甲领先得分的概率．【分析】（Ⅰ）记A i 表示事件：第1 次和第2 次这两次发球，甲共得i 分，i＝0，1，2，B i 表示事件：第3 次和第4 次这两次发球，甲共得i 分，i＝0，1，2，A 表示事件：第3次发球，甲得1 分，B 表示事件：开始第4 次发球时，甲、乙的比分为1 比2，C 表示事件：开始第5 次发球时，甲得分领先．B＝，由此能求出开始第4 次发球时，甲、乙的比分为1：2 的概率．（Ⅱ），P（B1）＝2×0.4×0.6＝0.48，，，由C＝A1•B2+A2•B1+A2•B2，能求出开始第5 次发球时，甲领先得分的概率．【解答】解：（Ⅰ）记A i表示事件：第1次和第2次这两次发球，甲共得i分，i＝0，1，2，B i 表示事件：第3 次和第4 次这两次发球，甲共得i 分，i＝0，1，2，A 表示事件：第3 次发球，甲得1 分，B 表示事件：开始第4 次发球时，甲、乙的比分为1 比2，C 表示事件：开始第5 次发球时，甲得分领先．∴B＝，P（A）＝0.4，P（A0）＝0.42＝0.16，P（A1）＝2×0.6×0.4＝0.48，P（B）＝＝P（A0•A）+P（）＝＝0.16×0.4+0.48×（1﹣0.4）＝0.352．答：开始第4 次发球时，甲、乙的比分为1：2 的概率是0.352．（Ⅱ），P（B1）＝2×0.4×0.6＝0.48，，，∵C＝A1•B2+A2•B1+A2•B2，∴P（C）＝P（A1•B2+A2B1+A2•B2）＝P（A1•B2）+P（A2•B1）+P（A2•B2）＝P（A1）P（B）+P（A2）P（B1）+P（A2）P（B2）＝0.48×0.16+0.36×0.48+0.36×0.16＝0.3072．答：开始第5 次发球时，甲领先得分的概率是0.3072．【点评】本题考查事件的概率的求法，解题时要认真审题，仔细解答，注意n 次独立重复试验的性质和公式的灵活运用．21．（12分）（2012•大纲版）已知函数．（1）讨论f（x）的单调性；（2）设f（x）有两个极值点x1，x2，若过两点（x1，f（x1）），（x2，f（x2））的直线l与x 轴的交点在曲线y＝f（x）上，求a 的值．设l 与x 轴的交点为（x0，0）得x0＝，【分析】（1）先对函数进行求导，通过a 的取值，求出函数的根，然后通过导函数的值的符号，推出函数的单调性．（2）根据导函数的根，判断 a 的范围，进而解出直线l 的方程，利用l 与x 轴的交点为（x0，0），可解出a的值．【解答】解：（1）f′（x）＝x2+2x+a＝（x+1）2+a﹣1．①当a≥1 时，f′（x）≥0，且仅当a＝1，x＝﹣1 时，f′（x）＝0，所以f（x）是R 上的增函数；②当a＜1 时，f′（x）＝0，有两个根，x1＝﹣1﹣，x2＝﹣1+ ，当x∈时，f′（x）＞0，f（x）是增函数．当x∈时，f′（x）＜0，f（x）是减函数．当x∈时，f′（x）＞0，f（x）是增函数．（2）由题意x1，x2，是方程f′（x）＝0 的两个根，故有a＜1，，，因此＝＝＝＝，同理．因此直线l 的方程为：y＝．＝，由题设知，点（x0，0）在曲线y＝f（x）上，故f（x0）＝0，解得a＝0，或a＝或a＝【点评】本题主要考查函数在某点取得极值的条件，考查分类讨论，函数与方程的思想，考查计算能力．22．（12分）（2012•大纲版）已知抛物线C：y＝（x+1）2与圆（r ＞0）有一个公共点A，且在 A 处两曲线的切线为同一直线l．（Ⅰ）求r；（Ⅱ）设m，n 是异于l 且与C 及M 都相切的两条直线，m，n 的交点为D，求D 到l 的距离．【分析】（Ⅰ）设A（x0，（x0+1）2），根据y＝（x+1）2，求出l的斜率，圆心M（1，），求得MA 的斜率，利用l⊥MA 建立方程，求得A 的坐标，即可求得r 的值；（Ⅱ）设（t，（t+1）2）为C上一点，则在该点处的切线方程为y﹣（t+1）2＝2（t+1）（x ﹣t），即y＝2（t+1）x﹣t2+1，若该直线与圆M相切，则圆心M到该切线的距离为，建立方程，求得t 的值，求出相应的切线方程，可得D 的坐标，从而可求D 到l 的距离．【解答】解：（Ⅰ）设A（x0，（x0+1）2），∵y＝（x+1）2，y′＝2（x+1）∴l 的斜率为k＝2（x0+1）当x0＝1 时，不合题意，所以x0≠1圆心M（1，），MA的斜率．∵l⊥MA，∴2（x0+1）×＝﹣1∴x0＝0，∴A（0，1），∴r＝|MA|＝；（Ⅱ）设（t，（t+1）2）为C上一点，则在该点处的切线方程为y﹣（t+1）2＝2（t+1）（x ﹣t），即y＝2（t+1）x﹣t2+1若该直线与圆M 相切，则圆心M 到该切线的距离为∴∴t2（t2﹣4t﹣6）＝0∴t0＝0，或t1＝2+，t2＝2﹣抛物线C在点（t i，（t i+1）2）（i＝0，1，2）处的切线分别为l，m，n，其方程分别为y＝2x+1①，y＝2（t1+1）x﹣②，y＝2（t2+1）x﹣③②﹣③：x＝代入②可得：y＝﹣1∴D（2，﹣1），∴D 到l 的距离为【点评】本题考查圆与抛物线的综合，考查抛物线的切线方程，考查导数知识的运用，考查点到直线的距离公式的运用，关键是确定切线方程，求得交点坐标．。

2021届广西桂林市高三上学期第一次联合调研考试文科数学试题(解析版)

2021年高考桂林市第一次联合调研考试高三数学（文科）考生注意：1．本试卷满分150分，考试时间120分钟。

2．考生作答时，请将答案答在答题卡上。

选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域．．．．．．书写的答案无效．．．．．．．，．在试题卷．．．．、．草稿纸上作答无效．．．．．．．．。

．3．做选考题时，考生须按照题目要求作答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。

一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知集合{}2340x x A x --<=，{}05B x x =<<，则AB =（） A ．{}01x x <<B ．{}14x x -<<C ．{}15x x -<<D ．{}04x x << 2．若()()32i 3i z =-+，则复数z 的实部与虚部之和为（） A ．12 B ．11 C ．10D ．6 3．曲线()e 21x x x f =++在点()0,0处的切线的方程为（）A ．y x =B ．3y x =C ．0y =D ．4y x =4．七巧板是中国古代劳动人民发明的一种传统智力玩具，其历史可以追溯到公元前一世纪。

明、清两代这一在民间广受喜爱的游戏逐渐流传至海外并有了一个新的名字“唐图”，至今英国剑桥大学的图书馆里还珍藏着一部《七巧新谱》.如图是一个用七巧板拼成的正方形，若在此正方形中任取一点，则此点取自阴影部分的概率为（）A ．516B ．1132C ．716D ．13325．在平面直角坐标系xOy 中，已知抛物线C 的顶点在坐标原点，焦点在x 轴上，若曲线C 经过点()1,4P ，则其焦点到准线的距离为（）A ．18B ．14C ．4D ．86．设0.43a =，π12b ⎫⎛= ⎪⎝⎭，log c =，则（） A ．a b c >>B ．c b a >>C ．b a c >>D ．a c b >> 7．已知π1cos 45α⎫⎛+= ⎪⎝⎭，α是第一象限角，则cos2α的值为（）A ．2325B ．2325-C ．25D ．25- 8．已知()1,2a =-，(),3b λ=满足()2b a a -⊥，则a b ⋅的值是（） A ．152- B ．52C ．6D ．2- 9．函数()sin 22x x x f x -=+（ππx -≤≤）的图象可能为（） A ． B ．C ．D ．10．在平面直角坐标系xOy xOy 中，圆C 的方程为2240x y x +-=，若直线21y x =+上存在一点P ，使过点P 所作的圆的两条切线相互垂直，则点P 的横坐标为（）A ．5±B ．3±C ．5±D ．3± 11．函数()sin g x x ω=（0ω>）的图象向左平移π5ω个单位长度得到函数()f x ，()f x 在[]0,2π上有且只有5个零点，则ω的取值范围是（）A ．812,55⎫⎛ ⎪⎝⎭B ．812,55⎫⎡⎪⎢⎣⎭C ．1229,510⎫⎛ ⎪⎝⎭D ．1229,510⎫⎡⎪⎢⎣⎭ 12．已知定义在π0,2⎫⎛⎪⎝⎭上的函数()f x ，()f x '是()f x 的导函数，且恒有()()cos sin 0xf x xf x '+>成立，则（）①ππ43f ⎫⎫⎛⎛< ⎪ ⎪⎝⎝⎭⎭；②ππ36f ⎫⎫⎛⎛< ⎪ ⎪⎝⎝⎭⎭；③ππ63f ⎫⎫⎛⎛< ⎪ ⎪⎝⎝⎭⎭π64π⎫⎫⎛⎛< ⎪ ⎪⎝⎝⎭⎭. A ．①③④ B ．①②③ C ．②③④ D ．①②④二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13．已知双曲线2214x y m-=的焦点在直线330x y --=上，则实数m 的值为__________． 14．已知实数x ，y 满足50,220,0,x y x y y +-≤⎧⎪-+≥⎨⎪≥⎩则目标函数2z x y =+的最大值为__________．15．在ABC △中，内角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，已知2b c -=，1cos 4A =-，ABC S =△则ABC △周长的值为__________．16．某市民广场有一批球形路障球（如图1所示）。

2021年广西高考文科数学真题及参考答案

2021年广西高考文科数学真题及参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1．设集合{}9,7,5,3,1=M ，{}72>=x x N ，则=⋂N M ()A ．{}9,7B ．{}9,7,5 C.{}9,7,53，D ．{}9,7,53,1，2．为了解某地农村经济情况，对该地农户家庭年收入进行抽样调查，将农户家庭年收入的调查数据整理得到如下频率分布直方图：根据此频率分布直方图，下面结论中不正确的是()A ．该地农户家庭年收入低于4.5万元的农户比率估计为6%B ．该地农户家庭年收入不低于10.5万元的农户比率估计为10%C ．估计该地农户家庭年收入的平均值不超过6.5万元D ．估计该地有一半以上的农户，其家庭年收入介于4.5万元至8.5万元之间3．己知()i z i 2312+=-，则=z ()A ．i 231--B ．i 231+-C ．i +-23D ．i --234.下列函数中时增函数的为（）A ．()xx f -=B ．()xx f ⎪⎭⎫⎝⎛=32C ．()2xx f =D ．()3xx f =5.点()0,3到双曲线191622=-y x 的一条渐近线的距离为（）A ．59B ．58C ．56D ．546．青少年视力是社会普遍关注的问题，视力情况可借助视力表测量．通常用五分记录法和小数记录法记录视力数据，五分记录法的数据L 和小数记录法的数据V 满足V L lg 5+=．已知某同学视力的五分记录法的数据为4.9，则其视力的小数记录法的数据约为()259.11010≈()A ．5.1B ．2.1C ．8.0D ．6.07.在一个正方体中，过顶点A 的三条棱的中点分别为G F E ,,．该正方体截去三棱锥EFG A -后，所得多面体的三视图中，正视图如右图所示，则相应的侧视图是()A ．B ．C ．D ．8.在ABC ∆中，已知︒=120B ，19=AC ，2=AB ，则=BC （）A ．1B ．2C ．5D ．39.记n S 为等比数列{}n a 的前n 项和，若42=S ，64=S ，则=6S （）A ．7B ．8C ．9D ．1010.将3个1和2个0随机排成一行，则2个0不相邻的概率为（）A ．3.0B ．5.0C ．6.0D ．8.011.若⎪⎭⎫ ⎝⎛∈20πα，，αααsin 2cos 2tan -=，则=αtan ()A ．1515B ．55C ．35D ．31512.设()x f 是定义域为R 的奇函数，且()()x f x f -=+1.若3131=⎪⎭⎫ ⎝⎛-f ，则=⎪⎭⎫⎝⎛35f （）A ．35-B ．31-C ．31D ．35二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

2021版《大高考》高考数学(文)一轮总复习高考AB卷：第8章立体几何初步第五节

1.(2021·大纲全国，11)已知正四棱柱ABCDA 1B 1C 1D 1中，AA 1＝2AB ，则CD 与平面BDC 1所成角的正弦值等于( ) A.23 B.33 C.23D.13解析如图，设AA 1＝2AB ＝2，AC 交BD 于点O ，连接OC 1，过C 作CH ⊥OC 1于点H ，连接DH .∵BD ⊥AC ，BD ⊥AA 1，∴BD ⊥平面ACC 1A 1.∴CH ⊂平面ACC 1A 1，∴CH ⊥BD .∴CH ⊥平面C 1BD .∴∠CDH 为CD 与平面BDC 1所成的角. OC 1＝CC 21＋OC 2＝4＋⎝ ⎛⎭⎪⎫222＝32. 由等面积法得OC 1·CH ＝OC ·CC 1， ∴32·CH ＝22×2.CH ＝23. ∴sin ∠CDH ＝CH CD ＝231＝23.故选A. 答案 A2.(2022·新课标全国Ⅰ，18)如图，已知正三棱锥P ABC 的侧面是直角三角形，P A ＝6，顶点P 在平面ABC 内的正投影为点D ，D 在平面P AB 内的正投影为点E ，连接PE 并延长交AB 于点G . (1)证明：G 是AB 的中点；(2)作出点E 在平面P AC 内的正投影F (说明作法及理由)，并求四周体PDEF 的体积.(1)证明由于P 在平面ABC 内的正投影为D ，所以AB ⊥PD .由于D 在平面P AB 内的正投影为E ，所以AB ⊥DE . 所以AB ⊥平面PED ，故AB ⊥PG .又由已知可得，P A ＝PB ，从而G 是AB 的中点.(2)解在平面P AB 内，过点E 作PB 的平行线交P A 于点F ，F 即为E 在平面P AC 内的正投影.理由如下：由已知可得PB ⊥P A ，PB ⊥PC ，又EF ∥PB ，所以EF ⊥P A ，EF ⊥PC ，因此EF ⊥平面P AC ，即点F 为E 在平面P AC 内的正投影.连接CG ，由于P 在平面ABC 内的正投影为D ，所以D 是正三角形ABC 的中心.由(1)知，G 是AB 的中点，所以D 在CG 上，故CD ＝23CG .由题设可得PC ⊥平面P AB ，DE ⊥平面P AB ，所以DE ∥PC ，因此PE ＝23PG ，DE ＝13PC .由已知，正三棱锥的侧面是直角三角形且P A ＝6，可得DE ＝2，PE ＝2 2. 在等腰直角三角形EFP 中，可得EF ＝PF ＝2. 所以四周体PDEF 的体积V ＝13×12×2×2×2＝43.3.(2022·新课标全国Ⅱ，19)如图，菱形ABCD 的对角线AC 与BD 交于点O ，点E ，F 分别在AD ，CD 上，AE ＝CF ，EF 交BD 于点H ，将△DEF 沿EF 折到△D ′EF 的位置. (1)证明：AC ⊥HD ′；(2)若AB ＝5，AC ＝6，AE ＝54，OD ′＝22，求五棱锥D ′ABCFE 的体积.(1)证明由已知得AC ⊥BD ，AD ＝CD ，又由AE ＝CF 得AE AD ＝CFCD ，故AC ∥EF ，由此得EF ⊥HD ，折后EF 与HD 保持垂直关系，即EF ⊥HD ′，所以AC ⊥HD ′.(2)解由EF ∥AC 得OH DO ＝AE AD ＝14.由AB ＝5，AC ＝6得DO ＝BO ＝AB 2－AO 2＝4，所以OH ＝1，D ′H ＝DH ＝3，于是OD ′2＋OH 2＝(22)2＋12＝9＝D ′H 2，故OD ′⊥OH .由(1)知AC ⊥HD ′，又AC ⊥BD ，BD ∩HD ′＝H ，所以AC ⊥平面DHD ′，于是AC ⊥OD ′，又由OD ′⊥OH ，AC ∩OH ＝O ，所以OD ′⊥平面ABC .又由EF AC ＝DH DO 得EF ＝92.五边形ABCFE 的面积S ＝12×6×8－12×92×3＝694.所以五棱锥D ′ABCFE 的体积V ＝13×694×22＝2322.4.(2021·新课标全国Ⅰ，18)如图，四边形ABCD 为菱形，G 是AC 与BD的交点，BE ⊥平面ABCD . (1)证明：平面AEC ⊥平面BED ；(2)若∠ABC ＝120°，AE ⊥EC ，三棱锥EACD 的体积为63，求该三棱锥的侧面积. 解 (1)由于四边形ABCD 为菱形，所以AC ⊥BD .由于BE ⊥平面ABCD ，所以AC ⊥BE .故AC ⊥平面BED .又AC ⊂平面AEC ，所以平面AEC ⊥平面BED .(2)设AB ＝x ，在菱形ABCD 中，由∠ABC ＝120°，可得 AG ＝GC ＝32x ，GB ＝GD ＝x2.由于AE ⊥EC ，所以在Rt △AEC 中，可得EG ＝32x .由BE ⊥平面ABCD ，知△EBG 为直角三角形，可得BE ＝22x .由已知得，三棱锥EACD 的体积V EACD ＝13×12AC ·GD ·BE ＝624x 3＝63.故x ＝2. 从而可得AE ＝EC ＝ED ＝ 6.所以△EAC 的面积为3，△EAD 的面积与△ECD 的面积均为 5.故三棱锥EACD 的侧面积为3＋2 5.5.(2022·新课标全国Ⅰ，19)如图，三棱柱ABCA 1B 1C 1中，侧面BB 1C 1C 为菱形，B 1C 的中点为O ，且AO ⊥平面BB 1C 1C . (1)证明：B 1C ⊥AB ；(2)若AC ⊥AB 1，∠CBB 1＝60°，BC ＝1，求三棱柱ABCA 1B 1C 1的高.(1)证明连接BC 1，则O 为B 1C 与B C 1的交点.由于侧面BB 1C 1C 为菱形，所以B 1C ⊥BC 1.又AO ⊥平面BB 1C 1C ，所以B 1C ⊥AO ，又由于BC 1∩AO ＝O ，所以B 1C ⊥平面ABO . 由于AB ⊂平面ABO ，故B 1C ⊥AB .(2)解作OD ⊥BC ，垂足为D ，连接AD .作OH ⊥AD ，垂足为H .由于BC ⊥AO ，BC ⊥OD ，AO ∩OD ＝O ，故BC ⊥平面AOD ，所以OH ⊥BC .又OH ⊥AD ，所以OH ⊥平面ABC .由于∠CBB 1＝60°，所以△CBB 1为等边三角形，又BC ＝1，可得OD ＝34.由于AC ⊥AB 1，所以OA ＝12B 1C ＝12. 由OH ·AD ＝OD ·OA ，且AD ＝OD 2＋OA 2＝74，得OH ＝2114.又O 为B 1C 的中点，所以点B 1到平面ABC 的距离为217.故三棱柱ABCA 1B 1C 1的高为217.1.(2022·浙江，6)设m ，n 是两条不同的直线，α，β是两个不同的平面( ) A.若m ⊥n ，n ∥α，则m ⊥α B.若m ∥β，β⊥α，则m ⊥α C.若m ⊥β，n ⊥β，n ⊥α，则m ⊥α D.若m ⊥n ，n ⊥β，β⊥α，则m ⊥α解析选项A 、B 、D 中m 均可能与平面α平行、垂直、斜交或平面α内，故选C. 答案 C2.(2021·浙江，4)设m ，n 是两条不同的直线，α，β是两个不同的平面( ) A.若m ∥α，n ∥α，则m ∥n B.若m ∥α，m ∥β，则α∥βC.若m∥n，m⊥α，则n⊥αD.若m∥α，α⊥β，则m⊥β解析A选项中直线m，m可能平行，也可能相交或异面，直线m，n的关系是任意的；B选项中，α与β也可能相交，此时直线m平行于α，β的交线；D选项中，m也可能平行于β.故选C.答案 C3.(2022·北京，18)如图，在四棱锥P ABCD中，PC⊥平面ABCD，AB∥DC，DC⊥AC.(1)求证：DC⊥平面P AC；(2)求证：平面P AB⊥平面P AC；(3)设点E为AB的中点，在棱PB上是否存在点F，使得P A∥平面CEF？说明理由.(1)证明∵PC⊥平面ABCD，DC⊂平面ABCD，∴PC⊥DC.又AC⊥DC，PC∩AC＝C，PC⊂平面P AC，AC⊂平面P AC，∴CD⊥平面P AC. (2)证明∵AB∥CD，CD⊥平面P AC，∴AB⊥平面P AC，AB⊂平面P AB，∴平面P AB⊥平面P AC.(3)解棱PB上存在点F，使得P A∥平面CEF.证明如下：取PB的中点F，连接EF，CE，CF，又由于E为AB的中点，∴EF为△P AB的中位线，∴EF∥P A.又P A⊄平面CEF，EF⊂平面CEF，∴P A∥平面CEF.4.(2022·浙江，18)如图，在三棱台ABCDEF中，平面BCFE⊥平面ABC，∠ACB＝90°，BE＝EF＝FC＝1，BC＝2，AC＝3.(1)求证：BF⊥平面ACFD；(2)求直线BD与平面ACFD所成角的余弦值.(1)证明延长AD，BE，CF相交于一点K，如图所示，由于平面BCFE⊥平面ABC，且AC⊥BC，所以AC⊥平面BCK，因此BF⊥AC.又由于EF∥BC，BE＝EF＝FC＝1，BC＝2，所以△BCK为等边三角形，且F为CK的中点，则BF⊥CK.所以BF⊥平面ACFD.(2)解由于BF⊥平面ACK，所以∠BDF是直线BD与平面ACFD所成的角.在Rt△BFD中，BF＝3，DF＝32，得cos ∠BDF＝217.所以，直线BD与平面ACFD所成角的余弦值为217.5.(2022·四川，17)如图，在四棱锥P ABCD中，P A⊥CD，AD∥BC，∠ADC＝∠P AB＝90°，BC＝CD＝12AD.(1)在平面P AD内找一点M，使得直线CM∥平面P AB，并说明理由.(2)证明：平面P AB⊥平面PBD.(1)解取棱AD的中点M(M∈平面P AD)，点M即为所求的一个点，理由如下：由于AD∥BC，BC＝12AD.所以BC∥AM，且BC＝AM.所以四边形AMCB是平行四边形，从而CM∥AB.又AB⊂平面P AB.CM⊄平面P AB.所以CM∥平面P AB.(说明：取棱PD的中点N，则所找的点可以是直线MN上任意一点)(2)证明由已知，P A⊥AB，P A⊥CD.由于AD∥BC，BC＝12AD，所以直线AB与CD相交，所以P A⊥平面ABCD.从而P A⊥BD.由于AD∥BC，BC＝12AD，所以BC∥MD，且BC＝MD.所以四边形BCDM是平行四边形，所以BM＝CD＝12AD，所以BD⊥AB.又AB∩AP＝A，所以BD⊥平面P AB.又BD⊂平面PBD，所以平面P AB⊥平面PBD.6.(2021·安徽，19)如图，三棱锥P-ABC中，P A⊥平面ABC，P A＝1，AB＝1，AC＝2，∠BAC＝60°.(1)求三棱锥P-ABC的体积；(2)证明：在线段PC上存在点M，使得AC⊥BM，并求PMMC的值.(1)解由题设AB＝1，AC＝2，∠BAC＝60°，可得S△ABC ＝12·AB·AC·sin 60°＝32.由P A⊥平面ABC，可知P A是三棱锥P-ABC的高，又P A＝1.所以三棱锥P-ABC的体积V＝13·S△ABC·P A＝36.(2)证明在平面ABC内，过点B作BN⊥AC，垂足为N，在平面P AC内，过点N作MN∥P A 交PC于点M，连接BM.由P A⊥平面ABC知P A⊥AC，所以MN⊥AC.由于BN∩MN＝N，故AC⊥平面MBN，又BM⊂平面MBN，所以AC⊥BM.在Rt△BAN中，AN＝AB·cos∠BAC＝12，从而NC＝AC－AN＝32，由MN∥P A，得PMMC＝ANNC＝13.7.(2021·湖北，20)《九章算术》中，将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称之为阳马，将四个面都为直角三角形的四周体称之为鳖臑.在如图所示的阳马P ABCD中，侧棱PD⊥底面ABCD，且PD＝CD，点E 是PC的中点，连接DE、BD、BE.(1)证明：DE⊥平面PBC.试推断四周体EBCD是否为鳖臑.若是，写出其每个面的直角(只需写出结论)；若不是，请说明理由；(2)记阳马P ABCD的体积为V1，四周体EBCD的体积为V2，求V1V2的值.解(1)由于PD⊥底面ABCD，所以PD⊥BC，由底面ABCD为长方形，有BC⊥CD，而PD∩CD＝D，所以BC⊥平面PCD.而DE⊂平面PCD，所以BC⊥DE.又由于PD＝CD，点E是PC的中点，所以DE⊥PC.而PC∩BC＝C，所以DE⊥平面PBC.由BC⊥平面PCD，DE⊥平面PBC，可知四周体EBCD的四个面都是直角三角形，即四周体EBCD是一个鳖臑，其四个面的直角分别是∠BCD，∠BCE，∠DEC，∠DEB. (2)由已知，PD是阳马P ABCD的高，所以V1＝13S ABCD·PD＝13BC·CD·PD；由(1)知，DE是鳖臑DBCE的高，BC⊥CE，所以V2＝13S△BCE·DE＝16BC·CE·DE.在Rt△PDC中，由于PD＝CD，点E是PC的中点，所以DE＝CE＝22CD，于是V1V2＝13BC·CD·PD16BC·CE·DE＝2CD·PDCE·DE＝4.8.(2021·浙江，18)如图，在三棱柱ABCA1B1C1中，∠BAC＝90°，AB＝AC＝2，A1A＝4，A1在底面ABC的射影为BC的中点，D为B1C1的中点.(1)证明：A1D⊥平面A1BC；(2)求直线A1B和平面BB1C1C所成的角的正弦值.(1)证明设E为BC的中点，由题意得A1E⊥平面ABC，所以A1E⊥AE，由于AB＝AC，所以AE⊥BC.故AE⊥平面A1BC.由D，E分别为B1C1，BC的中点，得DE∥B1B且DE＝B1B，从而DE∥A1A且DE＝A1A，所以AA1DE为平行四边形.于是A1D∥AE.又由于AE⊥平面A1BC，所以A1D⊥平面A1BC.(2)解作A1F⊥DE，垂足为F，连接BF.由于A1E⊥平面ABC，所以BC⊥A1E.由于BC⊥AE，所以BC⊥平面AA1DE.所以BC⊥A1F，A1F⊥平面BB1C1C.所以∠A1BF为直线A1B和平面BB1C1C所成的角.由AB＝AC＝2，∠CAB＝90°，得EA＝EB＝ 2.由A1E⊥平面ABC，得A1A＝A1B＝4，A1E ＝14.由DE＝BB1＝4.DA1＝EA＝2，∠DA1E＝90°，得A1F＝7 2.所以sin ∠A1BF＝7 8.。

2021届广西玉林市、贵港市高中毕业班质量检测数学(文)试卷

2021年广西玉林市、贵港市高中毕业班质量检测数学（文）试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．设集合2{|230}A x Z x x =∈--≤，{0,1}B =，则A C B =（） A ．{3,2,1}---B ．{1,2,3}-C ．{1,0,1,2,3}-D ．{0,1}2．若34z i =+，则zz（）A ．1B ．1-C ．3455i + D ．3455-i3．已知点2)A ，(03)B ，，(01)C ，，则BAC ∠=（） A ．30 B ．45︒ C ．60︒ D ．120︒4．随着人民生活水平的提高，对城市空气质量的关注度也逐步增大，下图是某城市1月至8月的空气质量检测情况，图中一、二、三、四级是空气质量等级，一级空气质量最好，一级和二级都是质量合格天气，下面叙述不正确的是（）A ．1月至8月空气合格天数超过20天的月份有5个B ．第二季度与第一季度相比，空气达标天数的比重下降了C ．8月是空气质量最好的一个月D ．6月份的空气质量最差.5．有两张卡片，一张的正反面分别画着老鼠和小鸡，另一张的正反面分别画着老鹰和蛇，现在有个小孩随机地将两张卡片排在一起放在桌面上，不考虑顺序，则向上的图案是老鹰和小鸡的概率是（） A ．12B ．13C ．14D ．166．若cos 3sin 0θθ-=，则tan()4πθ-=（）A ．12-B ．2-C ．12D ．27．已知21log 34a =，12b =，51log 32c =，则（） A ．c a b <<B ．a b c <<C ．b c a <<D ．b a c <<8．执行如图所示的程序框图，如果输入的32n =，那么输出的M =（）A ．66B ．65C ．64D ．639．在ABC △中，tan 2C =，BC 边上的高为AD ，D 为垂足，且2BD DC =，则cos A =（）A ．310B．10CD10．小明在解决三视图还原问题时，错把图一的三视图看成图二的三视图.假设图一所对应几何体中最大面的面积为1S ，图二所对应几何体中最大面的面积为2S ，三视图中所有三角形均为全等的等腰三角形，则12S S =（）A ．1BCD11．网络用语“车珠子”，通常是指将一块原料木头通过加工打磨，变成球状珠子的过程，某同学有一圆锥状的木块，想把它“车成珠子”，经测量，该圆锥状木块的底面直径为12cm ，体积为396cm π，假设条件理想，他能成功，则该珠子的体积最大值是（）. A ．336cm πB ．312cm πC ．39cm πD ．372cm π12．已知O 为坐标原点，1F ，2F 分别是双曲线C ：22221x y a b-=的左右焦点，A 为C 的左顶点，P 为C 上一点，且1PF x ⊥轴.过点A 的直线l 与线段1PF 交于点M ，与y 轴交于点E ，若直线2F M 与y 轴交点为N ，2OE ON =，则C 的离心率为（） A ．13B ．2C ．23D ．34二、填空题13．若实数x ，y 满足条件10201x y x y x -+≥⎧⎪+-≥⎨⎪≤⎩，则2log (2)x y +的最大值为__________．14．将函数()sin 22f x x x =+的图象向左平移ϕ（0ϕ>）个单位后看，所得到的图象关于y 轴对称，则ϕ的最小值为__________．15．已知椭圆：22182x y +=与抛物线22y px =（0p >）交于A 、B 两点，||2AB =，则p =__________．16．如图所示，()y f x =是可导函数，直线l ：3y kx =+是曲线()y f x =在1x =处的切线，若()()h x xf x =，则()h x 在1x =处的切线方程为：__________．三、解答题17．已知数列{}n a 中，11a =，()*1N 3nn n a a n a +=∈+．（1）证明数列112n a ⎧⎫+⎨⎬⎩⎭为等比数列，并求{}n a 的通项公式；（2）数列{}n b 满足()312nn n n nb a =-⋅⋅，数列{}n b 的前n 项和为n T ，求证4n T <． 18．2015男篮亚锦赛决赛阶段，中国男篮以9连胜的不败战绩赢得28届亚锦赛冠军，同时拿到亚洲唯一1张直通里约奥运会的入场券．赛后，中国男篮主力易建联荣膺本届亚锦赛MVP （最有价值球员），下表是易建联在这9场比赛中投篮的统计数据．注：（1）表中/a b 表示出手b 次命中a 次；（2）%TS （真实得分率）是衡量球员进攻的效率，其计算公式为： %2(TS =⨯全场得分投篮出手次数+0.44罚球出手次数)（1）从上述9场比赛中随机选择一场，求易建联在该场比赛中%TS 超过50%的概率；（2）我们把比分分差不超过15分的比赛称为“胶着比赛”.为了考察易建联在“胶着比赛”中的发挥情况，从“胶着比赛”中随机选择两场，求易建联在这两场比赛中%TS 至少有一场超过60%的概率；（3）用x 来表示易建联某场的得分，用y来表示中国队该场的总分，画出散点图如图所示，请根据散点图判断y 与x 之间是否具有线性相关关系？结合实际简单说明理由．19．如图，在四棱锥P ABCD -中，底面ABCD 是棱形，60DAB ∠=︒，PD ⊥平面ABCD ，1PD AD ==，点E 、F 分别为AB 和PC 中点，连接EF ，BF .（1）求证：直线EF 平面PAD ；（2）求三棱锥F PBE -的体积.20．已知抛物线E ：24y x =的焦点为F ，圆C ：222240x y ax a +-+-=.直线l 与抛物线E 交于点A 、B 两点，与圆C 切于点P .（1）当切点P 的坐标为4855，⎛⎫⎪⎝⎭时，求直线l 及圆C 的方程；（2）当2a =时，证明：||||||FA FB AB +-是定值，并求出该定值. 21．已知关于x 函数2()ln g x a x x=-（a R ∈），2()()f x x g x = （1）当2a =-时，求函数()g x 的单调区间；（2）若()f x 在区间1e e ⎛⎫ ⎪⎝⎭，内有且只有一个极值点，试求a 的取值范围； 22．已知平面直角坐标系xOy ，以O 为极点，x 轴的非负半轴为极轴建立极坐标系，P 点的极坐标为34，π⎛⎫⎪⎝⎭，曲线C 的极坐标方程为2cos 4πρθ⎛⎫=-⎪⎝⎭（θ为参数）. （1）写出点P 的直角坐标及曲线C 的直角坐标方程；（2）若Q 为曲线C 上的动点，求PQ 的中点M 到直线l ：2cos 4sin ρθρθ+=的距离的最小值.23．选修4-5：不等式选讲已知()|2||1|2|2|f x x x x =-++++. （1）求证：()5f x ≥；（2）若对任意实数x ，229152()1f x a a <<++都成立，求实数a 的取值范围.参考答案1．B 【解析】由题可知{}1,0,1,2,3A =-，则{}1,2,3AB =-．故本题选B ．2．D 【解析】由题3-4i 3-4i 34==-i |3+4i|555z z =．故本题答案选D ． 3．C 【解析】由题知()()3,1,3,1AB AC =-=--，则((()111cos 222AB AC BAC AB AC⨯+⨯-⋅∠===⨯，则3BAC π∠=．故本题答案选C ．点睛:本题主要考查向量的线性运算与坐标运算.向量的坐标运算主要是利用向量加,减,数乘运算的法则来进行求解的,若已知有向线段两端点的坐标,则应先求向量的坐标,向量的坐标运算,使得向量的线性运算都可用坐标来进行,实现了向量运算的完全代数化,将数与形紧密结合起来,就可以使很多几何问题的解答转化为我们熟悉的数量运算. 4．D 【解析】由图表可知5月空气质量合格天气只有13天，5月份的空气质量最差．故本题答案选D ． 5．C 【解析】将两张卡片排在一起，向上的一面组成的图案共4种，分别为：（老鼠，老鹰），（老鼠，蛇），（小鸡，老鹰），（小鸡，蛇），所以由古典概型概率公式可得组成的图案是老鹰和小鸡的概率14P =．选C ．点睛：古典概型计算的步骤：①判断试验是否是等可能的；②求出试验的基本事件有多少个；③事件A 是什么，它包含的基本事件有多少个；④根据古典概型概率公式求解．其中对是否为古典概型的判断是解题的关键，判断的关键是事件的发生是否具有的等可能性，事件是否有有限个． 6．A 【解析】由题知1tan 3θ=，则πtan 11tan 41tan 2θθθ-⎛⎫-==- ⎪+⎝⎭．故本题答案选A ． 7．A 【解析】由题可221log log 2a b =<==，又1lg34lg 2a ==511lg3log 322lg5c a ===<=，则c a b <<．故本题答案选A ．8．D 【解析】由程序框图可知1,0,32,1;2,16,3;4,8,347;8,4,7815;i M s M i s M i s M i s M ==========+====+=16,2,151631;32,1,313263i s M i s M ===+====+=．故本题答案选D ．点睛:本题主要考查程序框图中的循环结构.循环结构中都有一个累计变量和计数变量,累计变量用于输出结果,计算变量用于记录循环次数,累计变量用于输出结果,计数变量和累计变量一般是同步执行的,累加一次计数一次,哪一步终止循环或不能准确地识别表示累计的变量,都会出现错误.计算程序框图的有关的问题要注意判断框中的条件,同时要注意循环结构中的处理框的位置的先后顺序,顺序不一样,输出的结果一般不会相同. 9．B 【解析】由题可设CD a =,那么2BD a =,又tanC 2=,可得2AD a =.由勾股定理AC =;AB ==则3BC BD CD a =+=.由余弦定理可知222cos 2AB AC BC A AB AC +-==⋅.故本题答案选B . 10．D还原三视图,如图中几何体，可令三视图中等腰直角三角形的腰长为a .则图一对应的几何体中面积最大的面是直角边长为a 的直角三角形，其面积为22a ．图二对应的几何体2,.故本题答案选D . 11．A 【解析】由题可令圆锥的高为x 厘米,可得21π696π3x ⋅⋅=,则8x =,由底面直径为12,得母线长为10,可设轴截面的内切球半径为r ,由()1112810101222r ⨯⨯=⨯++,可得3r =.那么珠子的体积最大值为34π336π3⋅= 3cm .故本题答案选A .点睛：解决球与其他几何体的切，接的问题，关键在于选准最佳角度作出截面(要使这个截面尽可能多地包含球，几何体的各种元素以及体现这些元素之间的关系)，达到空间问题平面化的止的．球与旋转体的组合通常作它们的轴截面解题，球与多面体的组合通常过多面体的一条侧棱和球心，或”切点”，”接点”作出截面图，把空间问题化归为平面问题． 12．B 【解析】由1PF x ⊥轴可令(),M c t -,得()(),0,,0A a B a -.则AE tk a c=-,可得AE 的方程为()t y x a a c =+-,令0x =,知0,ta E a c ⎛⎫ ⎪-⎝⎭,又0,2t N ⎛⎫⎪⎝⎭且2OE ON =,可得22ta t a c =-,所以2c a =,即2ce a==.故本题答案选B . 13．2做出如图所示可行域,令2Z x y =+,结合图形可知经过1,10x x y =-+=的交点()1,2A 时Z 有最大值4,此时()2log 2z x y =+的最大值为2log 42=.故本题应填2.点睛:本题为线性规划问题.掌握常见的几种目标函数的最值的求法:①()0z ax by b =+≠利用截距的几何意义;②()0ay bz ac cx d+=≠+利用斜率的几何意义;③()()22z x a y b =-+-利用距离的几何意义.往往是根据题中给出的不等式,求出(),x y 的可行域,利用(),x y 的条件约束,做出图形.数形结合求得目标函数的最值. 14．12π【解析】由题可知π22223y sin x x sinx ==+（）,向左平移后可得解析式π2223y sin x ϕ=++（）,图像关于y 轴对称,函数为偶函数,也就是232212k k k Z ππππϕπϕ+=+=+∈，，．则ϕ最小值为12π.故本题应填12π.点睛:本题主要考查三角函数的图像性质.对于()sin y A x ωϕ=+和()cos y A x ωϕ=+的最小正周期为2T πω=.若()sin y A x ωϕ=+为偶函数,则当0x =时函数取得最值,若()sin y A x ωϕ=+为奇函数,则当0x =时,0f x .若要求()f x 的对称轴,只要令()2x k k Z πωϕπ+=+∈,求x .若要求()f x 的对称中心的横坐标,只要令()x k k Z ωϕπ+=∈即可.15．14【解析】由题可令()(),0,0A x y x y >>,又2AB =,可知1y =,代入椭圆方程可得2x =,再将()2,1A 代入抛物线方程可求得14p =.故本题应填14.16．1y x =+ 【解析】由直线3y kx =+是曲线y f x =（）在1x =处的切线，由图可得12（，）为切点，故()()'1132f k f k ==+=，，解得1k ，=-故'1112f f ==（）﹣，（），由h x xf x =（）（）可得''h x f x xf x =+（）（）（），'11'11112h f f h f =+===（）（）（），（）（），则h x （）在1x =处的切线方程为21y x -=-，即为10x y -+=．故本题应填10x y -+=．点睛：曲线()y f x =在点()00,P x y 处的切线是指以点P 为切点的切线，若存在，只有一条，其方程为()()000'y y f x x x -=-；而曲线()y f x =过点P 的切线，其切点不一定是P ，且切线也不一定只有一条，此时无论点是否在曲线()y f x =上，一般解法是先设切点为()()11,Q x f x ，切线方程为()()()112'y f x f x x x -=-，再把点P 坐标代入切线方程解得1x ，最后把解得的1x 代入切线方程，化简即可求得所求的切线方程．17．（1）证明见解析；231n n a =-；（2）1242n n n T -+=- 【分析】（1）先证明数列112n a ⎧⎫+⎨⎬⎩⎭是以3为公比，以111322a +=为首项的等比数列，从而111333222n n n a -+=⨯=，由此能求出{}n a 的通项公式；（2）由（1）推导出12n n nb -=，从而()0122111111123122222n n n T n n --=⨯+⨯+⨯+⋯+-⨯+⨯，利用错位相减法求和，利用放缩法证明4n T <．【详解】()1由nn 1n a a a 3+=+，*n N ∈，得n n 1n na 3131a a a ++==+， n 1n 11113a 2a 2+⎛⎫∴+=+ ⎪⎝⎭， ∴数列n 11a 2⎧⎫+⎨⎬⎩⎭是以3为公比，以1113a 22+=为首项的等比数列，从而nn 1n 11333a 222-+=⨯=， n n2.31a ∴=- ()2数列{}n b 满足()nn n n nb 31a 2=-⋅⋅， n n 1nb 2-∴=， ()n 012n 2n 111111T 123n 1n 22222--=⨯+⨯+⨯+⋯+-⨯+⨯，()n 12n 1n T 111112n 1n 22222-=⨯+⨯+⋯+-⨯+⨯，两式相减得：n 012n 1n n T 11111n 2n 22222222-+=+++⋯+-⨯=-， n n 1n 2T 4.2-+∴=-n 1n 202-+>，*n N ∀∈，n T 4.∴< 【点睛】本题主要考查等比数列的定义、通项公式与求和公式，以及错位相减法的应用，是中档题．一般地，如果数列{}n a 是等差数列，{}n b 是等比数列，求数列{}n n a b 的前n 项和时，可采用“错位相减法”求和，一般是和式两边同乘以等比数列{}n b 的公比，然后作差求解, 在写出“n S ”与“n qS ” 的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”以便下一步准确写出“n n S qS -”的表达式.18．（1）8()9P A =;（2）13()18P B =;（3）不具有线性相关关系.【解析】试题分析:(1)由已知,结合古典概型计算公式可得:易建联在该场比赛中%TS 超过50%的概率;(2)由已知,结合古典概型计算公式可得: 易建联在该场比赛中%TS 超过60%的概率;(3)根据散点图,并不是分布在某一条直线的周围,可得结论.试题解析:（1）设易建联在比赛中%TS 超过50%为事件A ，则共有8场比赛中%TS 超过50%，故()89P A =，（2）设“易建联在这两场比赛中%TS 至少有一场超过60%”为事件B ，则从上述9场比赛中随机选择两场共有2936C =个基本事件，而从中任意选择两场中，两场%TS 都不超过60%的有2510C =个基本事件，那么两场至少有一场超过60%的基本事件为()3610-个基本事件．()3610133618P B -∴==．（3）不具有线性相关关系．因为散点图并不是分布在某一条直线的周围．篮球是集体运动，个人无法完全主宰一场比赛．19．（1）见解析（2【解析】试题分析:（1）取PD 中点M ，连接FM AM ，，由三角形中位线定理可得FM DC ，结合已知可得MF AE MFAE =，，则四边形AEFM 为平行四边形，则EF AM ，再由线面平行的判定可得直线EF PAD 平面；（2）连接DE ，解三角形可得DE AB ⊥，再由PD ABCD ⊥平面，得PD AB ⊥，得到AB PDE ⊥平面，有平面PDE PAB ⊥平面，过D 作DH PE H 于⊥，可得DH PAB ⊥平面，求解直角三角形得到DH ．则C 到平面PAB 的距离可求，进一步得F 到平面PAB 的距离，代入棱锥体积公式可得三棱锥F PBE ﹣的体积．试题解析:（1）证明：作//FM CD 交PD 于M ，连接AM .∵点F 为PC 中点，∴12FM CD =. ∵点E 为AB 的中点，∴12AE AB FM ==.又//AE FM ，∴四边形AEFM 为平行四边形，∴//EF AM ， ∴直线//EF 平面PAD .（2）已知60DAB ∠=︒，12AE =，1AD =，由余弦定理，得：DE AB ⊥，又//AB DC 则DE DC ⊥设F 到面BEC 的距离为h ，∵点F 为PC 的中点，∴12h PD =，从而有F PBE P BEF V V --== P BEC F BEC V V ---= ()1•3BEC S PD h ∆-= 11·32BEC S PD ∆1111•••3222=点睛:本题主要考查,线面间垂直的性质与判定,三棱锥的体积,空间想象能力,推理论证能力.在计算柱,锥,台的体积关键是根据条件找出相应的底面积和高.如果给出的几何体不规则 ,需要利用求体积的一些特殊方法:分割法,补体法,转化法等,它们是解决一些不规则几何体体积计算常用的方法,选择,填空题中使用居多,要熟练掌握.本题使用转化法,将底和高进行转化.20．（1）圆C ：224960525x y x ++-=，直线l ：1520440x y +-=（或31145y x =-+）；或圆C ：2240x y x +-=，直线l ：3440x y -+=（或314y x =+）.（2）定值为2. 【解析】试题分析:（1）将P 代入圆方程，即可求得a 的值，根据圆的方程求得圆心，再根据直线的斜率公式求得CP 的斜率k ，则直线l 的方程斜率为1k-，利用直线的点斜式方程，即可求得l 的方程；（2）将当l 垂直与x 轴时，求得A 和B 点坐标，利用两点之间的斜率公式，即可求得FA FB AB +﹣的值；当l 不垂直于x 轴时，由直线l 与圆C 相切，求得244kb b +=，将直线l 代入抛物线方程．利用韦达定理及弦长公式求得||AB ，利用抛物线的定义，12FA FB x x p +=++，即可求得FA FB AB +-是定值．试题解析:（1）把点P 代入圆C 的方程可得：2224842?40555a a ⎛⎫⎛⎫+-+-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭25a ⇒=-或2a =. （i ）当25a =-时，圆22416:055C x y x ++-=.∴圆心2,05C ⎛⎫- ⎪⎝⎭，804524355CP k -==--， ∴34l k =-，∴l 的方程为：834545y x ⎛⎫-=-- ⎪⎝⎭，化简得：1520440x y +-=.（ii ）当2a =时，圆22:40C x y x +-=，∴圆心()2,0C ，80454325CPk -==--， ∴34l k =，∴l 的方程为：834545y x ⎛⎫-=- ⎪⎝⎭，化简得：3440x y -+=.综上所述，圆22416:055C x y x ++-=，直线:1520440l x y +-=（或31145y x =-+）；或圆22:40C x y x +-=，直线:3440l x y -+=（或314y x =+）.（2）2a =时，由（1）知，圆22:40C x y x +-=. （i ）当l 垂直于x 轴时，:4l x =，()4,4A ，()4,4B -，∴5FA FB ==，8AB =.∴2FA FB AB +-=. （ii ）当直线l 不垂直于x 轴时，设直线():0l y kx b k =+≠. ∵直线l 与圆C2244kb b =⇒+=,∴0b ≠,1kb <.联立直线l 与抛物线C ，得24{y xy kx b=⇒=+ ()222240k x kb x b +-+=. ∴()222244kb k b ∆=--= ()216161644kb kb kb b-+=-++ 240b=>.又∵12224kb x x k -+=-，2122b x x k=，∴AB ======242kb k -=. 由抛物线的性质可知，12FA FB x x p +=++ 122x x =++， ∴2242kb AF BF k -+=-+，∴2FA FB AB +-=. 综上所述，FA FB AB +-是定值，且该定值为2.21．（1）()g x 在(01)，上单调递减，在(1)+∞，单调递增.（2）2a e =-或23a e> 【解析】试题分析:（1）先求出所给函数的导数，利用导数与函数单调性间的关系,解关于导函数的不等式，求出函数的单调区间即可；（2）根据零点存在定理得到1'?'e 0ef f （）（）＜，⋅解出a 的范围即可．试题解析:（1）当2a =-时，()22ln g x x x =+，()222222'(0)x g x x x x x -=-+=>. 当()0,1x ∈时，()'0g x <，此时函数()g x 单调递减；当()1,x ∈+∞时，()'0g x >，此时函数()g x 单调递增.所以函数()g x 在()0,1上单调递减，在()1,+∞单调递增.（2）()()222ln f x x g x x ax x ==-，其定义域为()0,+∞.()()'22ln f x a x x =-+.若0a =，则()'20f x =≠，不存在极值点，所以，0a ≠. 令()()()'22ln h x f x a x x x ==-+，()()'32ln h x a x =-+.当1,x e e ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时，32ln 0x +>.∴()'0h x >恒成立或者()'0h x <恒成立.∴()'f x 在1,e e ⎛⎫ ⎪⎝⎭是单调函数.∵()f x 在区间1,e e ⎛⎫ ⎪⎝⎭内有且只有一个极值点，∴()'f x 在1,e e ⎛⎫ ⎪⎝⎭有唯一解.由零点存在定理，得：()1''0f f e e ⎛⎫<⇒ ⎪⎝⎭ ()12230a ea e ⎛⎫+-< ⎪⎝⎭ 2a e ⇒<-或23a e>. 综上所述：2a e <-或23a e>.22．（1）点P ⎝⎭；22122x y ⎛⎫⎛⎫-+-= ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭（2 【解析】试题分析:(1)由P 的极坐标为3,4π⎛⎫⎪⎝⎭,利用cos {sin x y ρθρθ==可得P 点的直角坐标,曲线C 的参数方程展开可得:()22cos sin 2ρρθρθ=⨯+,利用cos {sin x y ρθρθ==以及222x y ρ=+可得出直角坐标方程;(2)直线l 的直角坐标方程为24x y +=设cos ,sin 22Q θθ⎛⎫++ ⎪ ⎪⎝⎭,则cos sin 22M θθ⎫⎪⎭,利用点到直线的距离公式与三角函数的单调性值域即可得出.试题解析:（1）点P 的直角坐标为,22⎛⎫⎪ ⎪⎝⎭；由2cos 4πρθ⎛⎫=-⎪⎝⎭得2cos sin ρθθ=①将222x y ρ=+，cos x ρθ=，sin y ρθ=代入①，可得曲线C的直角坐标方程为22122x y ⎛⎛⎫-+-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭．（2）直线:l2cos 4sin ρθρθ+=240x y +-=，设点Q的直角坐标为cos sin θθ⎫⎪⎪⎝⎭，则cos sin 22M θθ⎫⎪⎭，那么M 到直线l 的距离：d ===d ∴≥=（当且仅当()sin 1θϕ+=-时取等号），所以M 到直线:2cos 4sin l ρθρθ+=． 23．（1）见解析（2）a ≠【解析】试题分析:(1)通过零点分段讨论x 的范围,得到关于()f x 的分段函数,画出折线段的图象,从而求出()f x 的最小值;(2)根据基本不等式的性质求出a 的范围.试题解析:（1）()43,25,21{27,1243,2x x x f x x x x x --≤--<≤-=+-<≤+>，∴()f x 的最小值为5，∴()5f x ≥．（2）由（1）知：()152f x -的最大值等于5. ∵()2222991111a a a a +=++-++ 15≥=，“=”成立()22911a a ⇔+=+，即a =∴当a =2291a a ++取得最小值5.当a ≠时，22951a a +>+，又∵对任意实数x ，()152f x -< 2291a a ++都成立，∴a ≠.∴a 的取值范围为a ≠。

广西南宁二中2021届高三上学期10月考试数学文试卷Word版

南宁二中2021-2021学年第一学期10月份考试试卷高三文科数学〔考试时间：120分钟，总分值150分〕第I 卷〔选择题，共60分)一、单项选择题〔每题只有一个符合选项要求，每题5分，共60分)1．集合{}|02A x x =<<，{}2|340B x x x =+->，那么()B C A R 等于〔〕 A ．{}|01x x <≤B ．{}|12x x ≤<C ．{}|02x x <<D ．{}|12x x -≤<2．i 是虚数单位，x ∈R ，复数()()2z x i i =++为纯虚数，那么2x i -的模等于〔〕 A ．1BC．23．等比数列{}n a 各项为正数，354,,a a a -成等差数列，n S 为{}n a 的前n 项和，那么42S S =〔〕A ．2B ．78C ．98D ．544．a 、b 为不重合的直线，α为平面，以下命题：〔1〕假设a ∥b ，a ∥α，那么b ∥α；〔2〕假设a ∥α，b ⊂α，那么a ∥b ；〔3〕假设a ⊥b ，b ∥α，那么a ⊥α；〔4〕假设a ⊥α，b ⊥a ，那么b ∥α，其中正确的有个〔〕A ．0B ．1C ．2D ．35．0<α<2π<β<π，又sin α＝35，cos(α＋β)＝－45，那么sin β＝( )．A．0B．0或2425C．2425D．0或－24256．甲、乙两班在我校举行的“勿忘国耻，振兴中华⊂合唱比赛中，7位评委的评分情况如茎叶图所示，其中甲班成绩的中位数是81，乙班成绩的平均数是86，假设正实数a、b满足：a，G，b成等差数列且x，G，y成等比数列，那么14a b+的最小值为〔〕A．49B．2C．8D．947．,E F分别是长方体1111ABCD A B C D-的棱11,AB A B的中点，假设12AB AD AA===，那么四面体1C DEF-的外接球的外表积为( )A．π13B．16πC．18πD．20π8．函数2()cos2cos1f x x x x=++，那么〔〕A．()f x的最小正周期为π，最大值为3B．()f x的最小正周期为π，最大值为4C．()f x的最小正周期为2π，最大值为3D．()f x的最小正周期为2π，最大值为49．P是抛物线2:2(0)C y px p=>上的一点，F是抛物线C的焦点，O为坐标原点，假设||2PF=，3PFOπ∠=，那么抛物线C的方程为〔〕A．26y x=B．22y x=C．2y x=D．24y x=10．ABC中，a=，3Aπ=，b c+=，那么ABC的面积为〔〕A．58B11．过椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>的左焦点F 的直线过C 的上端点B ，且与椭圆相交于点A ，假设3BF FA =，那么C 的离心率为〔〕A ．13B ．3C ．2D 12．定义在R 上的偶函数()f x 在[0,)+∞上单调递减，假设对[]1,3x ∈有不等式(ln 1)(ln 1)2(1)f ax x f ax x f -+++--≥恒成立，那么实数a 的取值范围为〔〕 A ．(2,)e B ．1[,)e +∞C ．1,e e ⎡⎤⎢⎥⎣⎦D ．12ln 3,3e +⎡⎤⎢⎥⎣⎦第II 卷〔非选择题，共90分)二、填空题〔每题5分，共20分)13．向量()12，=→a ，()3,4b =，(),2c k =，假设()3a b c -//，那么实数k =_________14．一个四棱锥的三视图如以下图所示，那么该几何体的体积＝．15．1sin 62πθ⎛⎫-= ⎪⎝⎭，且0,2πθ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，那么cos 3πθ⎛⎫-= ⎪⎝⎭_________. 16．在ABC 中，角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，假设cos 1cos2cos 1cos2b C C c B B +=+，C 是锐角，且a =1cos 3A =，那么ABC 的面积为______．三、解答题〔本大题共6小题，共70分，解容许写出必要的解答过程)〔一〕必考题：共60分17．〔12分〕等差数列{}n a 公差不为零，且满足：12a =，1a ，2a ，5a 成等比数列. 〔1〕求数列{}n a 的通项公式；〔2〕设3n n n b a =，求数列{}n b 的前n 项和.18．〔12分〕某学校为培养学生的兴趣爱好，提高学生的综合素养，在高一年级开设各种形式的校本课程供学生选择(如书法讲座、诗歌鉴赏、奥赛讲座等)．现统计了某班50名学生一周用在兴趣爱好方面的学习时间(单位：h)的数据，按照[0，2)，[2，4)，[4，6)，[6，8)，[8，10]分成五组，得到了如下的频率分布直方图．(1)⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂m⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂(2)⊂[4⊂6)⊂[6⊂8)⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂⊂6⊂⊂⊂⊂⊂6⊂⊂⊂⊂2⊂⊂⊂⊂⊂1⊂⊂[6⊂8)⊂⊂⊂⊂⊂⊂19．〔12分〕在三棱柱111ABC A B C -中，2,120AC BC ACB ==∠=︒，D 为11A B 的中点.〔1〕证明：1//A C 平面1BC D ；〔2〕假设11A A A C =，点1A 在平面ABC 的射影在AC 上，且侧面11A ABB 的面积为D BC A 11-的体积.20．〔12分〕椭圆E ：22221(0)x y a b a b +=>>的左，右焦点分别为1F ，2F ，离心率为2，且122F F =.〔1〕求椭圆E 的方程；〔2〕设椭圆的下顶点为B ，过右焦点2F 作与直线2BF 关于x 轴对称的直线l ，且直线l 与椭圆分别交于点M ，N ，O 为坐标原点，求OMN ∆的面积.21．〔12分〕函数3211()(1)132f x ax a x x =-+++〔1a ≥〕. 〔I 〕假设3a =，求曲线()y f x =在点(1,(1))f 处的切线方程；〔II 〕假设()f x 在R 上无极值点，求a 的值；〔III 〕当(0,2)x ∈时，讨论函数()f x 的零点个数，并说明理由.〔二〕选考题：共10分，请考生在22，23题中任选一题作答。

2021-2022学年广西高三(上)期末数学试卷(文科)(附答案详解)

2021-2022学年广西高三（上）期末数学试卷（文科）一、单选题（本大题共12小题，共60.0分）1. 若集合M ={x|1<x 2<2}，N ={x|x >0}，则M ∩N =( )A. (0,1)B. (1,√2)C. (0,√2)D. (1,+∞)2. 已知i 是虚数单位，则(1−i)(3−i)=( )A. 2−4iB. −2−4iC. −2+4iD. 2+4i3. 现有一球形气球，在吹气球时，气球的体积V(单位：L)与直径d(单位：dm)的关系式为V =πd 36，当d =2dm 时，气球体积的瞬时变化率为( )A. 2πB. πC. π2D. π44. 若点R(−1,2)在圆C ：x 2+y 2−2x −2y +a =0的外部，则实数a 的取值范围为( )A. a <−3B. a >−3C. −3<a <2D. −2<a <35. 若tanα=√32，则cos2α=( )A. 27B. −37C. 17D. 456. 若实数x ，y 满足约束条件{y ≥x,x +y ≤6,x ≥1,则z =x +3y 的最大值是( )A. 16B. 12C. 10D. 157. 满足sin(x +π3)<sinx 的一个区间是( )A. (0,π2)B. (π2,π)C. (π,3π2)D. (3π2,2π)8. 2021年7月20日郑州特大暴雨引发洪灾，各地志愿者积极赴郑州救灾．某志愿小组共6人，随机派两人去执行某次抢救任务，则甲乙两人没有同去的概率为( )A. 115B. 35C. 1415D. 139. 若如图所示程序框图的输出结果是21，150，则判断框内可填的条件是( )A. k >19？B. k >20？C. k >21？D. k>22？10.在棱长为2的正方体ABCD−A1B1C1D1中，E为底面正方形对角线的交点，P为棱CC1上的动点(不包括端点)，则下列说法不正确的是()A. BD⊥平面PCEB. |A1E|=√6C. 当AC1//平面BDP时，P为CC1的中点D. ∠BPD的取值范围为(π4,π2 )11.抛物线y2=2px(p>0)的焦点F到准线的距离为2，过点F的直线交抛物线于A，B两点，则|AF|⋅|BF|的最小值是()A. 2B. √2C. 4D. 2√212.已知双曲线C：x2−y22=1的左、右焦点为F1、F2，P为双曲线右支上的一点，∠PF1F2=30°，I是△PF1F2的内心，则下列结论错误的是()A. △PF1F2是直角三角形B. 点I的横坐标为1C. |PI|=2√3−2D. △PF1F2的内切圆的面积为π二、单空题（本大题共4小题，共20.0分）13.已知|a⃗|=√3，|b⃗ |=1，|a⃗−2b⃗ |=√6，则a⃗⋅b⃗ =______．14.已知数列{a n}的前n项和记作S n，S n=n2−3n+2，则a n=______．15.已知定义在R上的函数f(x)满足f(x+2)=f(x)，当x∈[0,1)时，f(x)=4x−2，则f(−log480)=______．16.在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，且满足acosB−bcosA=34c，则tanAtanB=______．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17.在①b3=S7a7；②b3=S5−S3；③a18=S8b2，这三个条件中任选一个，补充在下面问题中．已知{a n}是公差为1的等差数列，S n为数列{a n}的前n项和，{b n}是正项等比数列，a1=b1=1，c n=a nb n (n∈N∗)，试比较cn与c n+1的大小，并说明理由．18.某超市记录了某农副产品5个月内的月平均销售价格，得到的统计数据如下表：月份x12345月平均销售价格(单位：元/千克)1210.5108.59(1)若月平均销售价格y与月份x之间的回归直线方程为ŷ=b̂x+12.4，求b̂的值；(2)请根据(1)预测6月份该农副产品的月平均销售价格；(3)求该农副产品5个月内的月平均销售价格这组数据的方差．参考公式：â=y−−b̂x−．19.如图所示，在直三棱柱ABC−A1B1C1中，AB⊥BC，设D为AC的中点，且AB=BC=2，AA1=3．(1)求证：平面AB1C⊥平面BB1D；(2)求点B1到平面BC1D的距离．20.已知A(√3,√32)为椭圆C ：x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)上的一点，F 1、F 2为椭圆C 的左、右焦点，点F(12,0)，直线AF 将△AF 1F 2的面积分为3：1两部分． (1)求椭圆C 的方程；(2)已知直线l ：y =kx +m(m >0)与椭圆C 相交于P ，Q 两点，M 为PQ 的中点，O 为坐标原点，且|OM|=1，求实数m 的最小值．21. 已知函数f(x)=xlnx −4x ，g(x)=12x 2+2lnx +72．(1)求函数f(x)的最小值；(2)证明：函数ℎ(x)=f(x)+g(x)仅有一个零点．22. 在平面直角坐标系xOy 中，曲线C 的参数方程为{x =m 2y =2m(m 为参数)，以坐标原点O 为极点，x 轴的非负半轴为极轴建立极坐标系，直线l 的极坐标方程为2ρcos(θ+π6)=1． (1)求直线l 的直角坐标方程和曲线C 的直角坐标方程；(2)已知点M(0,−1)，若直线l与曲线C相交于P，Q两点，求|MP|⋅|MQ|的值．23.已知函数f(x)=|x−m|−2x+1．(1)当m=2时，求不等式f(x)>0的解集；(2)若对任意的x∈[−3,1]，不等式f(x)≥0恒成立，求实数m的取值范围．答案和解析1.【答案】B【解析】解：∵集合M ={x|1<x 2<2}={x|−√2<x <−1或1<x <√2}， N ={x|x >0}， ∴M ∩N =(1,√2). 故选：B ．求出集合M ，利用交集定义能求出M ∩N ．本题考查集合的运算，考查交集定义、不等式性质等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．2.【答案】A【解析】解：∵(1−i)(3−i)=3−4i +i 2=2−4i ，故选：A ．直接利用复数代数形式的乘除运算化简即可．本题考查了复数代数形式的乘除运算，是基础题．3.【答案】A【解析】解：气球体积在[2,2+△d]内平均变化率为△V△d=π(2+△d)36−π×236△d=2π+π△d +π6⋅(△d)2，所以当d =2dm 时，气球体积的瞬时变化率为△d →0lim△V △d=△d →0lim[2π+π△d +π6⋅(△d)2)]=2π．故选：A ．直接根据瞬时变化率的定义求解即可．本题考查了瞬时变化率，属于基础题．4.【答案】C【解析】解：根据题意，圆C 的一般方程为x 2+y 2−2x −2y +a =0，必有D 2+E 2−4F =4+4−4a >0，解可得a <2，又由点R(−1,2)在圆C ：x 2+y 2−2x −2y +a =0的外部，则5+2−4+a >0，解可得a >−3，综合可得：−3<a <2，即实数a 的取值范围为−3<a <2，故选：C ．根据题意，由圆的一般方程的定义可得D 2+E 2−4F =4+4−4a >0，再由点与圆的位置关系可得5+2−4+a >0，联立两个式子，求出a 的取值范围，即可得答案．本题考查点与圆的位置关系，涉及圆的一般方程，属于基础题．5.【答案】C【解析】解：因为tanα=√32，所以cos2α=cos 2α−sin 2αcos 2α+sin 2α=1−tan 2α1+tan 2α=1−341+34=17．故选：C ．由已知利用二倍角公式，同角三角函数基本关系式化简所求即可得解．本题主要考查了二倍角公式，同角三角函数基本关系式在三角函数求值中的应用，属于基础题．6.【答案】A【解析】解：由约束条件作出可行域如图，联立{x =1x +y =6，解得A(1,5)，由z =x +3y ，得y =−x3+z3，由图可知，当直线y =−x3+z3过A 时，直线在y 轴上的截距最大，z 有最大值为1+3×5=16．由约束条件作出可行域，化目标函数为直线方程的斜截式，数形结合得到最优解，把最优解的坐标代入目标函数得答案．本题考查简单的线性规划，考查数形结合思想，是基础题．7.【答案】B【解析】解：sin(x+π3)−sinx=12sinx+√32cosx−sinx=sin(x+2π3)<0，可得2kπ+π<x+2π3<2kπ+2π，可得2kπ+π3<x<2kπ+4π3，k∈Z，当k=0时，π3<x<4π3，结合选项可知：(π2,π)是所求区间的一个子集．故选：B．先将不等式变为sin(x+π3)−sinx<0，由三角恒等变换将sin(x+π3)−sinx化为sin(x+2π3)，即求解sin(x+2π3)<0，由正弦函数的图形性质可得答案．本题主要考查了三角恒等变换以及正弦函数的图形和性质，考查了函数思想，属于中档题．8.【答案】C【解析】解：从6人中随机派2人，基本事件为C62=15，甲和乙一同去的基本事件数为1；故甲和乙一同去的概率为115，由于一同去和不同去构成对立事件，故甲和乙不同去的概率为1−115=1415；故选：C．直接利用古典概型问题的应用和组合数的应用求出结果．本题考查的知识要点：组合数，古典概型问题，概率的值，主要考查学生的运算能力和数学思维能力，属于基础题．【解析】解：由程序框图可知，程序结束时k和x的取值相等，所以程序结束时k的取值为21，所以判断框内应填的条件是“k>20？”，故选：B．由程序框图可知，程序结束时k和x的取值相等，由此根据结束时x的值求出k的值，进而可以求解．本题考查了程序框图的应用，考查了学生的识图能力以及理解能力，属于基础题．10.【答案】D【解析】解：如图所示，对于选项A：由正方体的性质可知BD⊥CE，又∵CC1⊥平面ABCD，BD⊆平面ABCD，∴BD⊥CC1，又∵CE∩CC1=C，∴BD⊥平面PCE，故选项A正确，对于选项B：在Rt△A1AE中，∠A1AE=90°，A1A=2，AE=12AC=12×2√2=√2，∴A1E=√AA12+AE2=√6，故选项B正确，对于选项C：若AC1//平面BDP，∵平面C1AC∩平面BDP=PE，AC1⊆平面C1AC，∴AC1//PE，又∵E为AC的中点，∴P为CC1的中点，故选项C正确，对于选项D：设PC=x，则0<x<2，∴PB=PD=√4+x2，BD=2√2，在△PDB中，由余弦定理可得cos∠BPD=PB 2+PD2−BD22PB⋅PD=4+x2+4+x2−82(4+x2)=x24+x2=1−44+x2，∵0<x<2，∴12<44+x2<1，∴0<1−44+x2<12即0<cos∠BPD<12，又∵∠BPD∈(0,π)，∴∠BPD∈(π3,π2)，故选项D错误，故选：D．由正方体的性质可知BD⊥CE，BD⊥CC1，利用线面垂直的判定定理可判断A，利用勾股定理可求出A1E的长，进而判断B，利用线面平行的性质定理可判断C，设PC=x，则0<x<2，则PB=PD=√4+x2，BD=2√2，在△PDB中，由余弦定理可得cos∠BPD=1−4，由x的范围可求出cos∠BPD的范围，结合余弦函数的性质可求出4+x2∠BPD的范围，进而判断D．本题主要考查了线面垂直的判断定理，考查了线面平行的性质定理，同时考查了余弦定理的应用，属于中档题．11.【答案】C【解析】解：由抛物线C的焦点F到其准线的距离为2，得p=2，设过点F的直线的方程为x=my+1，与y2=4x联立得y2−4my−4=0，设A(x1,y1)，B(x2,y2)则y1y2=−4，+m(y1+y2)+2+所以|AF|⋅|BF|=(x1+1)(x2+1)=x1x2+x1+x2+1=(y1y2)2161=4+4m2≥4(当m=0时取等号)，故选：C．利用已知条件求出p，设出直线方程，与抛物线联立．利用韦达定理转化求解．本题考查抛物线的简单性质的应用，基本不等式的应用，考查转化思想以及计算能力．12.【答案】D【解析】解：双曲线C：=1的左、右焦点x2−y22为F1、F2，则a=1，b=√2，c=√3，设|PF1|=m，则|PF2|=m−2，根据余弦定理可得|PF2|2=|PF1|2+|F1F2|2−2|PF1|⋅|F1F2|⋅cos30°，，即(m−2)2=m2+(2√3)2−2×m×2√3×√32解得m=4，∴|PF1|=4，则|PF2|=2，∴|PF1|2=|PF2|2+|F1F2|2，∴△PF1F2为直角三角形，且∠PF2F1=90°，∴点P的坐标为(√3,2)，设内切圆的半径为r，则12|F1F2|⋅|PF2|=12(|F1F2|+|PF2|+|PF1|)⋅r，即12×2√3×2=12(2+4+2√3)⋅r，解得r=√3−1，∴点I的横坐标为1，∴I(1,√3−1)，∴|PI|=√(√3−1)2+(3−√3)2=2(√3−1)，△PF1F2的内切圆的面积S=πr2=(4−2√3)π，故选：D．设|PF1|=m，则|PF2|=m−2，由余弦定理求出|PF1|=4，则|PF2|=2，可得△PF1F2为直角三角形，且∠PF1F2=90°，求出点P的坐标，设内切圆的半径为r，利用面积法求出r，即可求出点I的坐标，利用两点间的距离可求出|PI|，根据圆的面积公式即可求出内切圆的面积，然后判断各选项．本题考查了双曲线方程和性质，余弦定理，内切圆，考查了运算求解能力，属于中档题．13.【答案】14【解析】解：因为|a⃗|=√3，|b⃗ |=1，|a⃗−2b⃗ |=√6，所以a⃗2=3，b⃗ 2=1，(a⃗−2b⃗ )2=6，所以a⃗2−4a⃗⋅b⃗ +4b⃗ 2=6，所以3−4a⃗⋅b⃗ +4=6，解得a⃗⋅b⃗ =14．故答案为：14．根据向量数量积的定义及其运算性质求解．本题考查了向量数量积的性质及其运算，属于中档题．14.【答案】{2n −4,n ≥20,n =1【解析】解：当n =1时，a 1=S 1=0，当n ≥2时，a n =S n −S n−1=2n −4，当n =1时，a 1=0，不符合上式．所以a n ={2n −4,n ≥2,0,n =1. 故答案为：{2n −4,n ≥20,n =1．当n =1时求出a 1的值，当n ≥2时，利用a n =S n −S n−1求出a n ，再验证首项a 1是否符合a n 即可．本题主要考查了数列的递推式，注意验证首项，属于基础题．15.【答案】65【解析】解：∵定义在R 上的函数f(x)满足f(x +2)=f(x)， ∴2为函数的周期，∴f(−log 480)=f(−2−log 45)=f(−2−log 45+4)=f(log 4165)，∵x ∈[0,1)时，f(x)=4x −2，而0<log 4165<1，∴f(log 4165)=4log 4165−2=165−2=65，∴f(−log 480)=f(log 4165)=65，故答案为：65．根据题意求得函数的周期，进而得到f(−log 480)=f(log 4165)，结合已知的解析式即可求解结论．本题主要考查函数值的求解，并涉及到函数的周期性，属于基础题．16.【答案】7【解析】解：对于③，△ABC 中，∵acosB −bcosA =34c ，∴sinAcosB −sinBcosA =34sinC =34sin(A +B)=34sinAcosB +34cosAsinB ，∴14sinAcosB=74cosAsinB，∴tanAtanB=7．故答案为：7．③中，由acosB−bcosA=34c得sinAcosB−sinBcosA=34sinC，化简得tanAtanB=4．本题考查正弦定理和三角函数的恒等变换，是基础题．17.【答案】解：因为{a n}是公差为1，首项为1的等差数列，所以a n=1+n−1=n，设等比数列{b n}的公比为q，q>0，若选①，由b3=S7a7=(1+7)×72×7=4，b1=1，则q=2，所以b n=2n−1，c n=a n bn =n2n−1，c n+1−c n=n+12n −n2n−1=1−n2n，当n=1时，c2=c1，当n≥2时，c n+1<c n；若选②，由b3=S5−S3=a4+a5=9，得q2=9，则q=3，b n=3n−1，c n=a nb n =n3n−1，c n+1−c n=n+13n −n3n−1=1−2n3n<0，所以c n+1<c n；若选③，由a18=S8b2，得18=1+82×8b2，得b2=12，则q=12，b n=12n−1，c n=n⋅2n−1，c n c n+1=n⋅2n−1(n+1)⋅2n=n2(n+1)<1，则c n+1>c n．【解析】先求出a n=n，若选①，由b3=S7a7，先求出b n，从而得出c n，再利用作出比较法可得答案；若选②，由b3=S5−S3=a4+a5=9，先求出b n，从而得出c n，再利用作出比较法可得答案；若选③，由a18=S8b2，得18=1+82×8b2，先求出b n，从而得出c n，再利用作商比较法可得答案．本题主要考查等差数列与等比数列的综合，考查等差数列的通项公式及前n项和公式，等比数列的通项公式，考查运算求解能力，属于中档题．18.【答案】解：(1)依题意x−=3，y−=10，样本中心(3,10)，代入回归方程有10=3b̂+12.4，可得b̂=−0.8；(2)当x=6时，ŷ=−0.8×6+12.4=7.6，故预测6月份该农副产品的月平均销售价格为7.6元/克；×[(10−12)2+(10−10.5)2+(10−10)2+(10−8.5)2+ (3)这组数据的方差为：15(10−9)2]=1.5．【解析】(1)根据回归直线过样本中心点进行求解即可；(2)利用代入法进行求解即可；(3)利用方差公式进行求解即可．本题考查了线性回归方程的知识以及方差的计算，属于基础题．19.【答案】(1)证明：因为三棱柱ABC−A1B1C1为直三棱柱，所以BB1⊥平面ABC，所以BB1⊥AC，又因为AB=BC，D为AC的中点，所以BD⊥AC，因为BB1⊂平面BB1D，BD⊂平面BB1D，BB1∩BD=B，所以AC⊥平面BB1D，又因为AC⊂平面AB1C，以平面AB1C⊥平面BB1D.(2)解：取A1C1的中点E，连接B1E，AE，DE，∵C1E//AD，C1E=AD，∴四边形ADC1E是平行四边形，∴AE//C1D，又AE不在平面BC1D内，C1D⊂平面BC1D，∴AE//平面BC1D，同理可证：B1E//平面BC1D，又B1E∩AE=E，∴平面AB1E//平面BC1D，又AB1⊂平面AB1E，∴AB1//平面BC1D.因此点B1到平面BC1D的距离等于点A到平面BC1D的距离，设该距离为ℎ，则由V A−BC1D =V C1−ABD，得13×S△BC1D×ℎ=13×S△ABD×CC1，所以ℎ=S△ABD CC1S△BC1D =12×√2×√2×3S△BC1D=3S△BC1D，由题意C1D=√CC12+CD2=√32+(√2)2=√11，BC1=√CC12+BC2=√32+22=√13,BD=√2，所以C1D2+BD2=BC12，所以△BC1D 为直角三角形，所以S△BC1D=12×BD×C1D=12×√2×√11=√222,ℎ=3S△BC1D=√222=3√2211．【解析】(1)根据直棱柱的性质，结合线面垂直的判定定理和面面垂直的判定定理进行证明即可；(2)根据平行线的性质，利用三棱锥的体积等积性进行求解即可．本题主要考查面面垂直的证明，点面距离的计算等知识，属于中等题．20.【答案】解：(1)将A坐标代入x2a2+y2b2=1可得3a2+34b2=1(∗)，又直线AF将△AF1F2的面积分为3：1两部分，所以c+12=3(c−12)，解得c=1，所以a²−b²=1，代入(∗)解得a=2，b=√3，所以椭圆的方程为x24+y23=1；(2)设P(x1,y1)，Q(x2,y2)，联立{y= kx+mx24+y23=1可得(3+4k²)x²+8kmx+4m²−12=0，由Δ>0可得4k²+3>m²①，且x1+x2=−8km3+4k2，y1+y2=k(x1+x2)+2m=−k⋅8km 3+4k2+2m=6m3+4k2，由M为PQ中点，且|OM|=1，可得(x1+x22)²+(y1+y22)²=1，即16k 2m2(4k2+3)2+9m2(4k2+3)2=1，化简得m²=(4k2+3)216k2+9，代入①中可得：4k²+3>(4k2+3)216k2+9，即有4k²+1>0，令16k²+9=t，则k²=t−916(t≥9)，m²=(t−94+3)2t=t2+6t+916t=116(t+9t+6)，由函数y=t+9t(t≥9)单调递增，故当t=9时，k=0，m=1为m的最小值．【解析】(1)将A坐标代入椭圆，结合直线AF将△AF1F2的面积分为3：1两部分，求出a，b的值，即可求出方程；(2)联立直线和椭圆方程，利用韦达定理和中点公式结合已知条件和判断式大于0即可求解．本题考查直线与椭圆的综合，考查椭圆标准方程的求解，椭圆中的最值问题，属于中档题．21.【答案】解：(1)f(x)=xlnx−4x，x∈(0,+∞)，f′(x)=lnx+1−4=lnx−3，可得函数f(x)在(0,e3)上单调递减，在(e3,+∞)上单调递增，因此x=e3时，函数f(x)取得极小值即最小值，f(e3)=3e3−4e3=−e3，∴函数f(x)的最小值为−e3．(2)证明：函数ℎ(x)=f(x)+g(x)=xlnx−4x+12x2+2lnx+72，ℎ(1)=0，ℎ′(x)=lnx+1−4+x+2x =lnx−3+x+2x=u(x)，u(1)=0，u′(x)=1x +1−2x2=x2+x−2x2=(x+2)(x−1)x2，可得函数u(x)在(0,1)上单调递减，在(1,+∞)上单调递增，因此x=1时，u(x)取得极小值即最小值，∴ℎ′(x)=u(x)≥u(1)=0，∴函数ℎ(x)在(0,+∞)上单调递增，而ℎ(1)=0，因此函数ℎ(x)=f(x)+g(x)仅有一个零点1．【解析】(1)f(x)=xlnx−4x，x∈(0,+∞)，利用导数运算法则可得f′(x)，进而得出函数f(x)在(0,+∞)上单调性，即可函数f(x)的最小值．(2)函数ℎ(x)=f(x)+g(x)=xlnx−4x+12x2+2lnx+72，ℎ(1)=0，可得ℎ′(x)=lnx −3+x +2x =u(x)，u(1)=0，u′(x)=(x+2)(x−1)x 2，研究函数的单调性即可得出结论．本题考查了利用导数研究函数的单调性极值与最值、函数零点，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．22.【答案】解：(1)在曲线C 的参数方程中消去参数m ，有y 2=4x ，故曲线C 的方程为y 2=4x ，直线的极坐标方程展开为√3ρcosθ−ρsinθ=1，代入x =ρcosθ，y =ρsinθ可得直线l 的直角坐标方程为√3x −y −1=0． (2)设直线l 的参数方程为{x =t,y =√3t −1,t 为参数，代入方程y 2=4x ，有(√3t −1)2=4t ，整理为3t 2−(4+2√3)t +1=0，设点P 、Q 对应的参数为t 1，t 2，有t 1t 2=13，|MP|=√t 12+3t 12=2|t 1|,|MQ|=2|t 2|，有|MP|⋅|MQ|=4|t 1t 2|=4×13=43．【解析】(1)根据已知条件，消去参数m ，即可求解曲线C ，再结合极坐标方程，即可求解直线l ．(2)根据已知条件，结合极坐标的几何意义，即可求解．本题主要考查简单曲线的极坐标方程，考查计算能力，属于基础题．23.【答案】解：(1)m =2时，函数f(x)=|x −2|−2x +1={−x −1,x ≥2−3x +3,x <2，不等式f(x)>0等价于{x ≥2−x −1>0或{x <2−3x +3>0，解得x <1，所以不等式f(x)>0的解集为{x|x <1}；(2)对任意的x ∈[−3,1]，不等式f(x)≥0恒成立，等价于|x −m|−2x +1≥0，即|x −m|≥2x −1，所以x −m ≥2x −1或x −m ≤−2x +1，所以m ≤−x +1或m ≥3x −1，又因为x ∈[−3,1]，所以m ≤0或m ≥2，所以实数m 的取值范围是(−∞,0]∪[2,+∞)．【解析】(1)m=2时函数f(x)=|x−2|−2x+1，利用分类讨论法去掉绝对值，即可求得不等式f(x)>0的解集；(2)问题转化为|x−m|≥2x−1，利用绝对值的定义求出m的取值范围．本题考查了含有绝对值的不等式解法与应用问题，也考查了分类讨论与转化思想，是中档题．。

2021版高考数学（文）大一轮人教A广西专用滚动测试卷一（第一_三章）

2021版⾼考数学（⽂）⼤⼀轮⼈教A⼴西专⽤滚动测试卷⼀（第⼀_三章）滚动测试卷⼀(第⼀~三章)(时间:120分钟满分:150分)滚动测试卷第1页⼀、选择题(本⼤题共12⼩题,每⼩题5分,共60分)1.(2019⼴西崇左天等⾼级中学考前适应)设全集U=R ,集合A={x|x>0},B={x|-3-3} C.{x|x ≤0或x ≥1} D.{x|x ≤-3} 答案:D解析:∵A ∪B={x|x>-3},∴?U (A ∪B )={x|x ≤-3}. 2.函数y=√log 12(2x -1)的定义域为( )A.(12,+∞) B.[1,+∞)C.(12,1]D.(-∞,1)答案:C解析:要使函数有意义,需{log 12(2x -1)≥0,2x -1>0,解得12所以函数的定义域是(12,1].3.已知幂函数f (x )的图象经过点(4,2),则幂函数f (x )具有的性质是( ) A.在其定义域上为增函数 B.在其定义域上为减函数 C.奇函数 D.定义域为R 答案:A解析:设幂函数f (x )=x a ,∵幂函数的图象过点(4,2), ∴4a=2,∴a=12,∴f (x )=x 12(x ≥0),由f (x )的性质知,f (x )是⾮奇⾮偶函数,定义域为[0,+∞),在定义域内⽆最⼤值,在定义域内单调递增.故选A .4.下列判断错误的是( )A.命题“若am 2≤bm 2,则a ≤b ”是假命题B.命题“?x ∈R ,x 3-x 2-1≤0”的否定是“?x 0∈R ,x 03?x 02-1>0”C .“若a=1,则直线x+y=0和直线x-ay=0互相垂直”的逆否命题为真命题 D.命题“p ∨q 为真命题”是命题“p ∧q 为真命题”的充分不必要条件答案:D解析:A 项中,当m=0时,满⾜am 2≤bm 2,但a 可以⼤于b ,故命题是假命题,故正确; B 项显然正确;C 项中,原命题是真命题,故其逆否命题也为真命题,故正确;D 项中,p ∨q 为真命题,可知p ,q ⾄少有⼀个为真,但推不出p ∧q 为真命题,故错误.故选D .5.下列函数中,既是奇函数,⼜在区间(0,+∞)内单调递增的是( ) A .y=sin xB .y=-x 2+1xC .y=x 3+3xD .y=e |x|答案:C解析:选项A,C 中函数为奇函数,但函数y=sin x 在区间(0,+∞)内不是单调函数,故选C . 6.若函数y=x 2-3x-4的定义域为[0,m ],值域为[-254,-4],则m 的取值范围是( ) A .(0,4] B .[32,4]C .[32,3]D .[32,+∞)答案:C解析:y=x 2-3x-4=(x -32)2254.当x=0或x=3时,y=-4,故32≤m ≤3. 7.设函数f (x )={5x -m ,x <1,2x,x ≥1,若f (f (45))=8,则m=( ) A.2 B.1C.2或1D.12答案:B解析:∵f (f (45))=8,∴f (4-m )=8.若4-m<1,即3sinx x 2的部分图象⼤致为( )答案:D解析:(⽅法⼀)易知g (x )=x+sinx x 2为奇函数,其图象关于原点对称.所以y=1+x+sinx x 2的图象只需把g (x )的图象向上平移⼀个单位长度,选项D 满⾜.(⽅法⼆)当x=1时,f (1)=1+1+sin1=2+sin1>2,排除A,C . ⼜当x →+∞时,y →+∞,B 项不满⾜,D 满⾜.9.若函数f (x )=|log a x|-2-x (a>0,a ≠1)的两个零点是m ,n ,则( ) A .mn=1 B .mn>1 C .mn<1 D .以上都不对答案:C解析:由f (x )=0,得|log a x|=2-x,函数y=|log a x|,y=2-x=(12)x的图象如图所⽰,由图象可知,n>1,01,则有-log a m=(12)m,log a n=(12)n,两式两边分别相减得log a (mn )=(12)n(12)m<0,∴010.某公司为激励创新,计划逐年加⼤研发资⾦投⼊.若该公司2015年全年投⼊研发资⾦130万元,在此基础上,每年投⼊的研发资⾦⽐上⼀年增长12%,则该公司全年投⼊的研发资⾦开始超过200万元的年份是( )(参考数据:lg 1.12≈0.05,lg 1.3≈0.11,lg2≈0.30) A.2018年 B.2019年 C.2020年 D.2021年答案:B解析:设从2015年后第n 年该公司全年投⼊的研发资⾦开始超过200万元, 由已知得130×(1+12%)n >200,∴1.12n >200130,两边取常⽤对数得n lg1.12>lg 200130, ∴n>lg2-lg1.3lg1.12≈0.30-0.110.05=3.8.∴n ≥4,故选B .11.已知函数y=f (x )是定义在R 上的偶函数,且当x>0时,不等式f (x )+x ·f'(x )<0成⽴,若a=30.2·f (30.2),b=(log π2)·f (log π2),c=(log 214)·f (log 214),则a ,b ,c 的⼤⼩关系为( ) A .c>b>a B .c>a>b C .b>a>c D .a>c>b 答案:A解析:设F (x )=xf (x ),当x>0时,F'(x )=[xf (x )]'=f (x )+xf'(x )<0,即函数F (x )在区间(0,+∞)内单调递减,⼜y=f (x )在R 上是偶函数,则F(x )在R 上是奇函数,从⽽F (x )在R 上单调递减,⼜30.2>1,04<0,即30.2>log π2>log 214,所以F (30.2)4),即ax -1+sin πx 在[0,1)内的最⼤值为m ,在(1,2]上的最⼩值为n ,则m+n=( ) A.-2 B.-1C.1D.2答案:D解析:可知f (x )=xx -1+sin πx=1+1x -1+sin πx.记g (x )=1x -1+sin πx ,则当x ∈[0,1)时,g (2-x )=12-x -1+sin π(2-x )=11-x -sin πx=-(1x -1+sinπx) =-g (x ),即在区间[0,1)∪(1,2]上,函数f (x )关于点(1,1)中⼼对称,故m+n=2. ⼆、填空题(本⼤题共4⼩题,每⼩题5分,共20分)13.能够说明“设a ,b ,c 是任意实数,若a>b>c ,则a+b>c ”是假命题的⼀组整数a ,b ,c 的值依次为 .答案:-1,-2,-3(答案不唯⼀)解析:答案不唯⼀,如令a=-1,b=-2,c=-3,则a>b>c ,⽽a+b=-3=c ,能够说明“设a ,b ,c 是任意实数,若a>b>c ,则a+b>c ”是假命题.14.已知函数f (x )是奇函数,当x>0时,f (x )=a x (a>0,且a ≠1),且f (lo g 124)=-3,则a 的值为 . 答案:√3解析:∵奇函数f (x )满⾜f (lo g 124)=-3,⽽lo g 124=-2<0,∴f (-2)=-3,即f (2)=3,⼜∵当x>0时,f (x )=a x (a>0,且a ≠1),∴f (2)=a 2=3,解之,得a=√3.15.已知a ∈R ,设函数f (x )=ax-ln x 的图象在点(1,f (1))处的切线为l ,则l 在y 轴上的截距为 . 答案:1解析:∵f (x )=ax-ln x ,∴f'(x )=a-1x ,f'(1)=a-1,f (1)=a ,则切线l ⽅程为y-a=(a-1)(x-1),即y=(a-1)x+1,则l 在y 轴上的截距为1.16.已知函数f (x )=x 2+2x ,g (x )=(12)x-m.若?x 1∈[1,2],?x 2∈[-1,1],使f (x 1)≥g (x 2),则实数m 的取值范围是 . 答案:[-52,+∞)解析:?x 1∈[1,2],?x 2∈[-1,1],使f (x 1)≥g (x 2),只需f (x )=x 2+2x 在区间[1,2]上的最⼩值⼤于等于g (x )=(12)x-m 在区间[-1,1]上的最⼩值.因为f'(x )=2x-2x 2=2(x 3-1)x 2≥0在区间[1,2]上恒成⽴,且f'(1)=0,所以f (x )=x 2+2x 在区间[1,2]上单调递增,所以f (x )min =f (1)=12+21=3.因为g (x )=(12)x-m 在区间[-1,1]上单调递减, 所以g (x )min =g (1)=12-m , 所以12-m ≤3,即m ≥-52.三、解答题(本⼤题共6⼩题,共70分) 17.(10分)已知函数f (x )=a-22+1.(1)求f (0);(2)探究f (x )的单调性,并证明你的结论;(3)若f (x )为奇函数,求满⾜f (ax )2+1=a-1.(2)f (x )在R 上单调递增.证明如下:∵f (x )的定义域为R ,∴任取x 1,x 2∈R 且x 12x 1+1-a+22x 2+1=2·(2x 1-2x 2)(1+2x 1)(1+2x 2), ∵y=2x 在R 上单调递增,且x 10,2x 2+1>0. ∴f (x 1)-f (x 2)<0,即f (x 1)∴f (-x )=-f (x ),即a-22-x +1=-a+22+1,解得a=1(或⽤f (0)=0去解). ∴f (ax )⼜∵f (x )在R 上单调递增,∴x<2. ∴x 的取值范围为(-∞,2).18.(12分)已知f (x )是定义在R 上的奇函数,且对任意实数x ,恒有f (x+2)=-f (x ).当x ∈[0,2]时,f (x )=2x-x 2.(1)求证:f (x )是周期函数;(2)当x ∈[2,4]时,求f (x )的解析式;(3)求f(0)+f(1)+f(2)+…+f(2 015)的值.答案:(1)证明因为f(x+2)=-f(x),所以f(x+4)=-f(x+2)=f(x).所以f(x)是周期为4的周期函数.(2)解当x∈[-2,0]时,-x∈[0,2].由已知得f(-x)=2(-x)-(-x)2=-2x-x2,⼜f(x)是奇函数,所以f(-x)=-f(x)=-2x-x2,所以f(x)=x2+2x.⼜当x∈[2,4]时,x-4∈[-2,0],所以f(x-4)=(x-4)2+2(x-4).⼜f(x)是周期为4的周期函数,所以f(x)=f(x-4)=(x-4)2+2(x-4)=x2-6x+8.从⽽求得当x∈[2,4]时,f(x)=x2-6x+8.(3)解f(0)=0,f(2)=0,f(1)=1,f(3)=-1.⼜f(x)是周期为4的周期函数,所以f(0)+f(1)+f(2)+f(3)=f(4)+f(5)+f(6)+f(7)=…=f(2008)+f(2009)+f(2010)+f(2011)=f(2012)+f(2013)+f(2014)+f(2015)=0.所以f(0)+f(1)+f(2)+…+f(2015)=0.19.(12分)随着⼈们⽣活⽔平的不断提⾼,⼈们对餐饮服务⾏业的要求也越来越⾼,由于⼯作繁忙⽆法抽出时间来享受美味,这样⽹上外卖订餐应运⽽⽣.若某商家的⼀款外卖便+4(x-16)2,其中当每⽉的销售量y(单位:千盒)与销售价格x(单位:元/盒)满⾜关系式y=ax-1212(1)求a的值;(2)假设该款便当的⾷物材料、员⼯⼯资、外卖配送费等所有成本折合为每盒12元(只考虑销售出的便当盒数),试确定销售价格x 的值,使该店每⽉销售便当所获得的利润最⼤.(结果保留⼀位⼩数)解:(1)当x=14时,y=21,代⼊关系式y=a+4(x-16)2,x-12+16=21,解得a=10.得a2+4(x-16)2,(2)由(1)可知,便当每⽉的销售量y=10x-12所以每⽉销售便当所获得的利润+4(x-16)2]f(x)=(x-12)[10x-12=10+4(x-12)(x-16)2,从⽽f'(x )=4(x-16)(3x-40). 令f'(x )=0,得x=403, 当x ∈(12,403)时,f'(x )>0,函数f (x )单调递增;当x ∈(403,16)时,f'(x )<0,函数f (x )单调递减, 所以当x=403≈13.3时,函数f (x )取得最⼤值.故当销售价格为13.3元/盒时,该店每⽉销售便当所获得的利润最⼤. 20.(12分)已知函数f (x )=ln x-ax+b x (a ,b ∈R ),且对任意x>0,都有f (x )+f (1x )=0. (1)求a ,b 的关系式;(2)若f (x )存在两个极值点x 1,x 2,且x 11)=0, 故f (1)=-a+b=0,即a=b.(2)由(1)可知f (x )=ln x-ax+a x ,且x>0, 则f'(x )=1x -a-ax 2=-ax 2+x -ax 2.令g (x )=-ax 2+x-a ,要使f (x )存在两个极值点x 1,x 2,则y=g (x )有两个不相等的正数根,因此,{a >0,12a>0,Δ=1-4a 2>0,g (0)=-a <0或{a <0,12a>0,Δ=1-4a 2>0,g (0)=-a >0,解得02. 21.(12分)已知函数f (x )=e xax +x+1,其中a ∈R .(1)若a=0,求函数f (x )的定义域和极值.(2)当a=1时,试确定函数g (x )=f (x )-1的零点个数,并证明.解:(1)当a=0时,函数f (x )=e xx+1的定义域为{x|x ∈R ,且x ≠-1},f'(x )=xe x(x+1)2. 令f'(x )=0,得x=0.当x 变化时,f'(x )和f (x )的变化情况如下: x(-∞,-1)(-1,0)(0,+∞)所以f (x )的单调递减区间为(-∞,-1),(-1,0);单调递增区间为(0,+∞). 故当x=0时,函数f (x )有极⼩值f (0)=1. 函数f (x )⽆极⼤值.(2)函数g (x )存在两个零点.证明过程如下: 由题意,函数g (x )=e xx 2+x+1-1. 因为x 2+x+1=(x +12)2+34>0, 所以函数g (x )的定义域为R . 求导,得g'(x )=e x (x 2+x+1)-e x (2x+1)(x 2+x+1)2=e x x (x -1)(x 2+x+1)2,令g'(x )=0,得x故函数g (x )的单调递减区间为(0,1);单调递增区间为(-∞,0),(1,+∞). 当x=0时,函数g (x )有极⼤值g (0)=0; 当x=1时,函数g (x )有极⼩值g (1)=e3-1.因为函数g (x )在区间(-∞,0)内单调递增,且g (0)=0,所以对于任意x ∈(-∞,0),g (x )≠0. 因为函数g (x )在区间(0,1)内单调递减,且g (0)=0,所以对于任意x ∈(0,1),g (x )≠0. 因为函数g (x )在区间(1,+∞)内单调递增,且g (1)=e3-1<0,g (2)=e 27-1>0,所以函数g (x )在区间(1,+∞)内有且仅有⼀个x 0,使得g (x 0)=0,故函数g (x )存在两个零点(即0和x 0).22.(12分)(2019河北衡⽔中学⾼三下学期四调)已知函数f (x )=ax ln x-bx 2-ax. (1)若曲线y=f (x )在点(1,f (1))处的切线⽅程为x+y+12=0,求a ,b 的值; (2)当a ≤0,b=12时,?x 1,x 2∈(1,e),都有|f (x 1)-f (x 2)||x 1-x 2|<3,求a 的取值范围.解:(1)因为f'(x )=a ln x+a-2bx-a=a ln x-2bx , 所以f'(1)=-2b=-1,f (1)=-b-a=-32, 所以b=12,a=1.(2)当a ≤0,b=12时,f'(x )=a ln x-x ,当x ∈(1,e)时,f'(x )<0恒成⽴,所以f(x)在区间(1,e)内单调递减.不妨设1f(x2),则|f(x1)-f(x2)||x1-x2|<3等价于f(x1)-f(x2)<3x2-3x1,即f(x1)+3x1即函数h(x)=f(x)+3x在区间(1,e)内单调递增.所以h'(x)=a ln x-x+3≥0,即a≥x-3lnx 在区间(1,e)内恒成⽴.令g(x)=x-3lnx,则g'(x)=lnx-1+3x(lnx)2.令y=ln x-1+3x ,则y'=1x3x=x-3x<0在区间(1,e)内恒成⽴,所以y=ln x-1+3x 在区间(1,e)内单调递减,且当x=e时,y=3e>0,所以y>0在区间(1,e)内恒成⽴,即g'(x)>0在区间(1,e)内恒成⽴,所以g(x)在区间(1,e)内单调递增, 所以g(x)所以a≥e-3.所以实数a的取值范围是[e-3,0].快乐分享，知识⽆界！感谢您的下载!由Ruize收集整理！。

(完整版)高考文科--高考(全国卷)文科数学试题及答案(广西大纲版),推荐文档

【答案】B
【解析】由题中图象可知
x0
4
x0
T 2
,∴ T
2
2
∴
∴ 4 ，故选 B
2
10、已知曲线 y x4 ax2 1在点，-1处切a 线2的斜率为，
8 a=
（A） 9
【答案】D
（B） 6 （C） -9 （D） -6
【解析】由题意知 y |x1 (4x3 2ax) |x1 4 2a 8 ，则 a 6 .故选 D
两点，若 MAAMB 0 ，则 k
1
(A)
2
2
（B）
2
（C） 2
（D） 2
【答案】D
【解析】设直线 AB 方程为 y k(x 2或，代入 y2 8x 得 k 2 x2 (4k 2 8)x 4k 2 0
设
A( x1 ,
y1 ),
B(x2 ,
y2 )
，则
x1
x2
4k 2 8 k2
ACC1 A1
∴CH⊥BD,∴CH⊥平面 C1BD ∴∠CDH 为 CD 与平面 BDC1 所成的角.
OC1 =
CC12 OC 2
4(
2 )2 2
32 2
.
由等面积法得， OC1 ·CH=OC· CC1 ，
2
3
∴
2 CH
2 2
∴ CH
2
∴ sin CDH
CH
3
2
，故选 A
2
2
3
CD 1 3
12、已知抛物线 C : y2 8x 与点 M 2, 2，C 的焦点，且斜率为 k 的直线与 C 交于 A,B
（A） -1,1
（B） -2, 2

广西壮族自治区桂林市三江中学2021年高三数学文联考试卷含解析

广西壮族自治区桂林市三江中学2021年高三数学文联考试卷含解析一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，只有是一个符合题目要求的1. 已知，且，则tanα=（）A．B．C．D．参考答案：B【考点】运用诱导公式化简求值；同角三角函数间的基本关系．【分析】通过诱导公式求出sinα的值，进而求出cosα的值，最后求tanα．【解答】解：∵cos（+α）=；∴sinα=﹣；又∴cosα=﹣=﹣∴tanα==故答案选B【点评】本题主要考查三角函数中的诱导公式的应用．属基础题．2. 若函数的图象向右平移个单位长度后，所得到的图象关于 y轴对称，则m的最小值是(A) (B) (C) (D)参考答案：D3. 已知集合，，则A. B. C. D.参考答案：B，，所以,选B.4. 命题“?x0∈R， +lnx0≤0”的否定是（）A．?x∈R， +lnx＞0 B．?x∈R，+lnx≥0C．?x0∈R， +lnx0＜0 D．?x0∈R， +lnx0＞0参考答案：A【考点】命题的否定．【分析】直接利用特称命题的否定是全称命题，写出结果即可．【解答】解：因为特称命题的否定是全称命题，所以，“?x0∈R， +lnx0≤0”的否定是?x∈R，+lnx＞0，故选：A【点评】本题考查命题的否定，全称命题与特称命题的否定关系，是基础题．5.“a=2”是“直线ax+2y=0平行于直线x+y=1”的（）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件参考答案：答案：C6. “”是“函数f（x）=sin（2x+φ）是偶函数”的（）A．充分不必要条件B．必要不充分条件C．充要条件D．既不充分也不必要条件参考答案：A【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断．【分析】根据充分条件和必要条件的定义结合三角函数的性质进行判断即可．【解答】解：若函数f （x ）=sin （2x+φ）为偶函数，则φ=+kπ，k∈Z，则“φ=”是“函数f （x ）=sin （2x+φ）为偶函数”的充分不必要条件，故选：A ．7. 变量x ，y 满足约束条件则目标函数的取值范围是 ( )A ．B ．[，6] C ．[－2，3] D ．[1，6]参考答案：A8. 若焦点在轴上的双曲线的离心率为，则该双曲线的渐近线方程为A. B. C. D.参考答案：A 略9. 已知幂函数y=f （x ）的图象过（4，2）点，则=（）．B ．C ．D ．参考答案：B 略10. 等差数列的前n 项和为，若为一确定常数，下列各式也为确定常数的是（）A ．B ．C ．D ．参考答案：C 略二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. 某单位为了了解用电量y 度与气温之间的关系，统计了某4天的用电量与当天气温，数据如下表：由表中数据可得线性回归方程中的，预测当气温为时，该单位用电量的度数约为_____________度．参考答案：80 12.已知一个球的内接正方体的表面积为S ，那么这个球的半径为参考答案：答案：13. 曲线在点（1，2）处的切线方程是___________．参考答案：略14. 平面向量与的夹角为，，，则 .参考答案：【测量目标】数学基本知识和基本技能/理解或掌握初等数学中有关图形与几何的基本知识. 【知识内容】图形与几何/平面向量的坐标表示/向量的度量计算. 【试题分析】因为，所以，又因为，与的夹角为60°，所以.因为，所以，故答案为.15. 过点的直线与曲线：相交于两点,若点是弦的中点，则直线的方程为______________________.参考答案：16. 设向量，，其中为实数．若，则的取值范围为_____▲____．参考答案：17. 已知公比q≠1的正项等比数列{a n }，a 3=1，函数f （x ）=1+lnx ，则f （a 1）+f （a 2）+…+f （a 5）= ．参考答案：5【考点】等比数列的通项公式．【分析】利用对数的运算性质化简，然后结合等比数列的性质求得答案．【解答】解：由f （x ）=1+lnx ，得：f （a 1）+f （a 2）+…+f （a 5）=1+lna 1+1+lna 2+1+lna 3+1+lna 4+1+lna 5 =5+ln （a 1a 2a 3a 4a 5）=5+ln ，∵a 3=1，∴f （a 1）+f （a 2）+…+f （a 5）=5+ln1=5．故答案为：5．三、解答题：本大题共5小题，共72分。

2021年全国统一高考数学试卷(文科)(全国大纲版ⅰ)

2021 年全国统一高考数学试卷（文科）（全国大纲版Ⅰ）一、选择题（共12 小题，每小题 5 分，满分60 分）1．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）cos300°＝（）A． B．﹣ C．D．2．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）设全集U＝{1，2，3，4，5}，集合M＝{1，4}，N＝{1，3，5}，则N∩（∁U M）＝（）A．{1，3} B．{1，5} C．{3，5} D．{4，5}3．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）若变量x，y满足约束条件，则z＝x﹣2y的最大值为（）A．4 B．3 C．2 D．14．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知各项均为正数的等比数列{a n}，a1a2a3＝5，a7a8a9＝10，则a4a5a6＝（）A．B．7 C．6 D．5．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）（1﹣x）4（1﹣）3的展开式x2的系数是（）A．﹣6 B．﹣3 C．0 D．36．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）直三棱柱ABC﹣A1B1C1 中，若∠BAC＝90°，AB＝AC＝AA1，则异面直线BA1 与AC1 所成的角等于（）A．30°B．45°C．60°D．90°7．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知函数f（x）＝|lgx|．若a≠b且，f（a）＝f（b），则a+b 的取值范围是（）A．（1，+∞）B．[1，+∞）C．（2，+∞）D．[2，+∞）8．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知F1、F2为双曲线C：x2﹣y2＝1的左、右焦点，点P在C 上，∠F1PF2＝60°，则|PF1|•|PF2|＝（）A．2 B．4 C．6 D．89．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）正方体ABCD﹣A1B1C1D1 中，BB1 与平面ACD1 所成角的余弦值为（）A． B． C．D．10．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）设a＝log32，b＝ln2，c＝，则（）A．a＜b＜c B．b＜c＜a C．c＜a＜b D．c＜b＜a 11．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知圆O的半径为1，PA、PB为该圆的两条切线，A、B 为两切点，那的最小值为（）A． B． C．D．12．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知在半径为2的球面上有A、B、C、D四点，若AB＝CD＝2，则四面体ABCD 的体积的最大值为（）A． B．C．D．二、填空题（共4 小题，每小题5 分，满分20 分）13．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）不等式的解集是．14．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知α为第二象限角，sinα＝，则tan2α＝．15．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）某学校开设A类选修课3门，B类选修课4门，一位同学从中共选3门，若要求两类课程中各至少选一门，则不同的选法共有种．（用数字作答）16．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知F是椭圆C的一个焦点，B是短轴的一个端点，线段BF 的延长线交C 于点D，，则C 的离心率为．三、解答题（共6 小题，满分70 分）17．（10分）（2010•全国大纲版Ⅰ）记等差数列{a n}的前n项和为S n，设S3＝12，且2a1，a2，a3+1 成等比数列，求S n．18．（12分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知△ABC的内角A，B及其对边a，b满足a+b＝a cot A+b cot B，求内角C．19．（12分）（2010•全国大纲版Ⅰ）投到某杂志的稿件，先由两位初审专家进行评审．若能通过两位初审专家的评审，则予以录用；若两位初审专家都未予通过，则不予录用；若恰能通过一位初审专家的评审，则再由第三位专家进行复审，若能通过复审专家的评审，则予以录用，否则不予录用．设稿件能通过各初审专家评审的概率均为0.5，复审的稿件能通过评审的概率为0.3．各专家独立评审．（Ⅰ）求投到该杂志的 1 篇稿件被录用的概率；（Ⅱ）求投到该杂志的 4 篇稿件中，至少有 2 篇被录用的概率．20．（12分）（2010•全国大纲版Ⅰ）如图，四棱锥S﹣ABCD中，SD⊥底面ABCD，AB∥DC，AD⊥DC，AB＝AD＝1，DC＝SD＝2，E 为棱SB 上的一点，平面EDC⊥平面SBC．（Ⅰ）证明：SE＝2EB；（Ⅱ）求二面角A﹣DE﹣C 的大小．21．（12分）（2010•全国大纲版Ⅰ）求函数f（x）＝x3﹣3x在[﹣3，3]上的最值．22．（12分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知抛物线C：y2＝4x的焦点为F，过点K（﹣1，0）的直线l 与C 相交于A、B 两点，点A 关于x 轴的对称点为D．（Ⅰ）证明：点F 在直线BD 上；（Ⅱ）设，求△BDK 的内切圆M 的方程．2010 年全国统一高考数学试卷（文科）（全国大纲版Ⅰ）参考答案与试题解析一、选择题（共12 小题，每小题 5 分，满分60 分）1．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）cos300°＝（）A． B．﹣ C．D．【分析】利用三角函数的诱导公式，将300°角的三角函数化成锐角三角函数求值．【解答】解．故选：C．【点评】本小题主要考查诱导公式、特殊三角函数值等三角函数知识．2．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）设全集U＝{1，2，3，4，5}，集合M＝{1，4}，N＝{1，3，5}，则N∩（∁U M）＝（）A．{1，3} B．{1，5} C．{3，5} D．{4，5}【分析】根据补集意义先求∁U M，再根据交集的意义求N∩（∁U M）．【解答】解：（∁U M）＝{2，3，5}，N＝{1，3，5}，则N∩（∁U M）＝{1，3，5}∩{2，3，5}＝{3，5}．故选：C．【点评】本小题主要考查集合的概念、集合运算等集合有关知识，属容易题．3．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）若变量x，y满足约束条件，则z＝x﹣2y的最大值为（）A．4 B．3 C．2 D．1【分析】先根据约束条件画出可行域，再利用几何意义求最值，z＝x﹣2y 表示直线在y 轴上的截距，只需求出可行域直线在y 轴上的截距最小值即可．【解答】解：画出可行域（如图x﹣z，由图可知，当直线l 经过点A（1，﹣1）时，z 最大，且最大值为z max＝1﹣2×（﹣1）＝3．故选：B．3 3 3【点评】本小题主要考查线性规划知识、作图、识图能力及计算能力，以及利用几何意义求最值，属于基础题．4．（5 分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知各项均为正数的等比数列{a n }，a 1a 2a 3＝5，a 7a 8a 9＝ 10，则 a 4a 5a 6＝（）A ．B ．7C ．6D ．【分析】由数列{a n }是等比数列，则有 a 1a 2a 3＝5⇒a 2 ＝5；a 7a 8a 9＝10⇒a 8 ＝10．【解答】解：a 1a 2a 3＝5⇒a 23＝5；a 7a 8a 9＝10⇒a 8 ＝10， a 52＝a 2a 8，∴，∴，故选：A ．【点评】本小题主要考查等比数列的性质、指数幂的运算、根式与指数式的互化等知识，着重考查了转化与化归的数学思想．5．（5 分）（2010•全国大纲版Ⅰ）（1﹣x ）4（1﹣）3 的展开式 x 2 的系数是（）A ．﹣6B ．﹣3C ．0D ．3【分析】列举（1﹣x ）4 可以出现 x 2 的情况，通过二项式定理得到展开式 x 2的系数．【解答】解：看作两部与相乘，则出现 x 2的情况有：①m ＝1，n ＝2；②m ＝2，n ＝0；系数分别为＝﹣12；②＝6；x 2 的系数是﹣12+6＝﹣6故选：A．【点评】本小题主要考查了考生对二项式定理的掌握情况，尤其是展开式的通项公式的灵活应用，以及能否区分展开式中项的系数与其二项式系数，同时也考查了考生的一些基本运算能力．6．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）直三棱柱ABC﹣A1B1C1中，若∠BAC＝90°，AB＝AC＝AA1，则异面直线BA1 与AC1 所成的角等于（）A．30°B．45°C．60°D．90°【分析】延长CA到D，根据异面直线所成角的定义可知∠DA1B就是异面直线BA1 与AC1 所成的角，而三角形A1DB 为等边三角形，可求得此角．【解答】解：延长CA 到D，使得AD＝AC，则ADA1C1 为平行四边形，∠DA1B 就是异面直线BA1 与AC1 所成的角，又AB，则三角形A1DB 为等边三角形，∴∠DA1B＝60°故选：C．【点评】本小题主要考查直三棱柱ABC﹣A1B1C1 的性质、异面直线所成的角、异面直线所成的角的求法，考查转化思想，属于基础题．7．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知函数f（x）＝|lgx|．若a≠b且，f（a）＝f（b），则a+b 的取值范围是（）A．（1，+∞）B．[1，+∞）C．（2，+∞）D．[2，+∞）【分析】由已知条件a≠b，不妨令a＜b，又y＝lgx是一个增函数，且f（a）＝f（b），故可得，0＜a＜1＜b，则lga＝﹣lgb，再化简整理即可求解；或采用线性规划问题处理也可以．【解答】解：（方法一）因为f（a）＝f（b），所以|lga|＝|lgb|，不妨设0＜a＜b，则0＜a＜1＜b，∴lga＝﹣lgb，lga+lgb＝0∴lg（ab）＝0∴ab＝1，又a＞0，b＞0，且a≠b∴（a+b）2＞4ab＝4∴a+b＞2故选：C．（方法二）由对数的定义域，设0＜a＜b，且f（a）＝f（b），得：，整理得线性规划表达式为：，因此问题转化为求z＝x+y 的取值范围问题，则z＝x+y⇒y＝﹣x+z，即求函数的截距最值．根据导数定义，函数图象过点（1，1）时z 有最小为2（因为是开区域，所以取不到2），∴a+b的取值范围是（2，+∞）．故选：C．【点评】本小题主要考查对数函数的性质、函数的单调性、函数的值域，考生在做本小题时极易忽视a 的取值范围，根据条件a＞0，b＞0，且a≠b 可以利用重要不等式（a2+b2≥2ab，当且仅当a＝b 时取等号）列出关系式（a+b）2＞4ab＝4，进而解决问题．8．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知F1、F2为双曲线C：x2﹣y2＝1的左、右焦点，点P 在C 上，∠F1PF2＝60°，则|PF1|•|PF2|＝（）A．2 B．4 C．6 D．8【分析】解法1，利用余弦定理及双曲线的定义，解方程求|PF1|•|PF2|的值．解法2，由焦点三角形面积公式和另一种方法求得的三角形面积相等，解出|PF1|•|PF2|的值．【解答】解：法1．由双曲线方程得，由余弦定理得cos ∠F1PF2 ＝∴|PF1|•|PF2|＝4．法 2 ；由焦点三角形面积公式得：∴|PF1|•|PF2|＝4；故选：B．【点评】本题主要考查双曲线定义、几何性质、余弦定理，考查转化的数学思想，查考生的综合运用能力及运算能力．9．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，BB1与平面ACD1所成角的余弦值为（）A． B． C．D．【分析】正方体上下底面中心的连线平行于BB1，上下底面中心的连线与平面ACD1 所成角，即为BB1 与平面ACD1 所成角，直角三角形中，利用边角关系求出此角的余弦值．【解答】解：如图，设上下底面的中心分别为O1，O，设正方体的棱长等于1，则O1O 与平面ACD1 所成角就是BB1 与平面ACD1 所成角，即∠O1OD1，直角三角形OO1D1 中，cos∠O1OD1＝＝，故选：D．【点评】本小题主要考查正方体的性质、直线与平面所成的角、点到平面的距离的求法，利用等体积转化求出D 到平面ACD1 的距离是解决本题的关键所在，这也是转化思想的具体体现，属于中档题．10．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）设a＝log32，b＝ln2，c＝，则（）A．a＜b＜c B．b＜c＜a C．c＜a＜b D．c＜b＜a【分析】根据a 的真数与b 的真数相等可取倒数，使底数相同，找中间量1 与之比较大小，便值a、b、c 的大小关系．【解答】解：a＝log32＝，b＝ln2＝，而log23＞log2e＞1，所以a＜b，c＝＝，而，所以c＜a，综上c＜a＜b，故选：C．【点评】本小题以指数、对数为载体，主要考查指数函数与对数函数的性质、实数大小的比较、换底公式、不等式中的倒数法则的应用．11．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知圆O的半径为1，PA、PB为该圆的两条切线，A、B 为两切点，那的最小值为（）A． B． C．D．【分析】要的最小值，我们可以根据已知中，圆O 的半径为1，PA、PB 为该圆的两条切线，A、B 为两切点，结合切线长定理，设出PA，PB 的长度和夹角，并表示成一个关于x 的函数，然后根据求函数最值的办法，进行解答．【解答】解：如图所示：设OP＝x（x＞0），则，∠APO＝α，则∠APB＝2α，sinα＝，＝＝×（1﹣2sin2α）＝（x2﹣1）（1﹣）＝＝x2+﹣3≥2 ﹣3，∴当且仅当x2＝时取“＝”，故的最小值为2﹣3．故选：D．【点评】本小题主要考查向量的数量积运算与圆的切线长定理，着重考查最值的求法﹣﹣判别式法，同时也考查了考生综合运用数学知识解题的能力及运算能力．12．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知在半径为2的球面上有A、B、C、D四点，若AB＝CD＝2，则四面体ABCD 的体积的最大值为（）A． B．C．D．【分析】四面体ABCD 的体积的最大值，AB 与CD 是对棱，必须垂直，确定球心的位置，即可求出体积的最大值．【解答】解：过CD 作平面PCD，使AB⊥平面PCD，交AB 于P，设点P 到CD 的距离为h，则，当直径通过AB 与CD 的中点时，．故选：B．【点评】本小题主要考查几何体的体积的计算、球的性质、异面直线的距离，通过球这个载体考查考生的空间想象能力及推理运算能力．二、填空题（共4 小题，每小题5 分，满分20 分）13．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）不等式的解集是{x|﹣2＜x＜﹣1，或x ＞2} ．【分析】本题是解分式不等式，先将分母分解因式，再利用穿根法求解．【解答】解：：，数轴标根得：{x|﹣2＜x＜﹣1，或x＞2}故答案为：{x|﹣2＜x＜﹣1，或x＞2}【点评】本小题主要考查分式不等式及其解法，属基本题．14．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知α为第二象限角，sinα＝，则tan2α＝．【分析】由已知求出cosα，进一步得到tanα，代入二倍角公式得答案．【解答】解：∵α为第二象限角，且，∴cosα＝，则．∴tan2α＝＝．故答案为．【点评】本题考查三角函数中的恒等变换应用，考查了同角三角函数基本关系式及二倍角公式的应用，是基础题．15．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）某学校开设A类选修课3门，B类选修课4门，一位同，，得，所以得，a2＝3c2，解得e＝＝，1 22 12 1学从中共选3门，若要求两类课程中各至少选一门，则不同的选法共有30种．（用数字作答）【分析】由题意分类：（1）A类选修课选1门，B类选修课选2门，确定选法；（2）A 类选修课选2 门，B 类选修课选1 门，确定选法；然后求和即可．【解答】解：分以下2种情况：（1）A类选修课选1门，B类选修课选2门，有C3C4种不同的选法；（2）A 类选修课选2 门，B 类选修课选1 门，有C3 C4 种不同的选法．所以不同的选法共有C31C42+C3 C4 ＝18+12＝30 种．故答案为：30【点评】本小题主要考查分类计数原理、组合知识，以及分类讨论的数学思想．16．（5分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知F是椭圆C的一个焦点，B是短轴的一个端点，线段BF 的延长线交C 于点D，，则C 的离心率为．【分析】由椭圆的性质求出|BF|的值，利用已知的向量间的关系、三角形相似求出D 的横坐标，再由椭圆的第二定义求出|FD|的值，又由|BF|＝2|FD|建立关于a、c 的方程，解方程求的值．【解答】解：如图，，作DD1⊥y轴于点D1，则由，即，由椭圆的第二定义又由|BF|＝2|FD|，得故答案为．【点评】本小题主要考查椭圆的方程与几何性质、第二定义、平面向量知识，考查了数2 形结合思想、方程思想，本题凸显解析几何的特点：“数研究形，形助数”，利用几何性质可寻求到简化问题的捷径．三、解答题（共 6 小题，满分 70 分）17．（10 分）（2010•全国大纲版Ⅰ）记等差数列{a n }的前 n 项和为 S n ，设 S 3＝12，且 2a 1， a 2，a 3+1 成等比数列，求 S n ．【分析】由 2a 1，a 2，a 3+1 成等比数列，可得 a 2 ＝2a 1（a 3+1），结合 s 3＝12，可列出关于 a 1，d 的方程组，求出 a 1，d ，进而求出前 n 项和 s n ．【解答】解：设等差数列{a n }的公差为 d ，由题意得，解得或，∴s n ＝n （3n ﹣1）或 s n ＝2n （5﹣n ）．【点评】本题考查了等差数列的通项公式和前 n 项和公式，熟记公式是解题的关键，同时注意方程思想的应用．18．（12 分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知△ABC 的内角 A ，B 及其对边 a ，b 满足 a +b ＝ a cot A +b cot B ，求内角 C ．【分析】先利用正弦定理题设等式中的边转化角的正弦，化简整理求得）＝ sin （B +），进而根据 A ，B 的范围，求得 A ﹣和 B +的关系，进而求得 A +B ＝，则 C 的值可求．【解答】解：由已知及正弦定理，有+sin B •＝cos A +cos B ，∴sin A ﹣cos A ＝cos B ﹣sin B∴sin （A ﹣）＝sin （B +）， ∵0＜A ＜π，0＜B ＜π∴﹣＜A ﹣＜＜B +＜ ∴A ﹣+B +＝π， ∴A +B ＝，C ＝π﹣（A +B ）＝【点评】本题主要考查了正弦定理的应用．解题过程中关键是利用了正弦定理把边的问1 3 题转化为角的问题．19．（12 分）（2010•全国大纲版Ⅰ）投到某杂志的稿件，先由两位初审专家进行评审．若能通过两位初审专家的评审，则予以录用；若两位初审专家都未予通过，则不予录用；若恰能通过一位初审专家的评审，则再由第三位专家进行复审，若能通过复审专家的评审，则予以录用，否则不予录用．设稿件能通过各初审专家评审的概率均为 0.5，复审的稿件能通过评审的概率为 0.3．各专家独立评审．（Ⅰ）求投到该杂志的 1 篇稿件被录用的概率；（Ⅱ）求投到该杂志的 4 篇稿件中，至少有 2 篇被录用的概率．【分析】（1）投到该杂志的 1 篇稿件被录用包括稿件能通过两位初审专家的评审或稿件恰能通过一位初审专家的评审又能通过复审专家的评审两种情况，这两种情况是互斥的，且每种情况中包含的事情有时相互独立的，列出算式．（2）投到该杂志的 4 篇稿件中，至少有 2 篇被录用的对立事件是 0 篇被录用，1 篇被录用两种结果，从对立事件来考虑比较简单．【解答】解：（Ⅰ）记 A 表示事件：稿件能通过两位初审专家的评审；B 表示事件：稿件恰能通过一位初审专家的评审；C 表示事件：稿件能通过复审专家的评审；D 表示事件：稿件被录用．则 D ＝A +B •C ， P （A ）＝0.5×0.5＝0.25， P （B ）＝2×0.5×0.5＝0.5，P （C ）＝0.3， P （D ）＝P（A +B •C ）＝P （A ）+P （B •C ）＝P （A ）+P （B ）P （C ）＝0.25+0.5×0.3＝0.40．（2）记 4 篇稿件有 1 篇或 0 篇被录用为事件 E ，则 P （E ）＝（1﹣0.4）4+C 4 ×0.4×（1﹣0.4）＝0.1296+0.3456＝0.4752，∴＝1﹣0.4752＝0.5248，即投到该杂志的4 篇稿件中，至少有2 篇被录用的概率是0.5248．【点评】本题关键是要理解题意，实际上能否理解题意是一种能力，培养学生的数学思想，提高发现问题、分析问题、解决问题的能力，增强学生数学思维情趣，形成学习数学知识的积极态度．20．（12分）（2010•全国大纲版Ⅰ）如图，四棱锥S﹣ABCD中，SD⊥底面ABCD，AB∥DC，AD⊥DC，AB＝AD＝1，DC＝SD＝2，E 为棱SB 上的一点，平面EDC⊥平面SBC．（Ⅰ）证明：SE＝2EB；（Ⅱ）求二面角A﹣DE﹣C 的大小．【分析】（Ⅰ）连接BD，取DC 的中点G，连接BG，作BK⊥EC，K 为垂足，根据线面垂直的判定定理可知DE⊥平面SBC，然后分别求出SE 与EB 的长，从而得到结论；（Ⅱ）根据边长的关系可知△ADE 为等腰三角形，取ED 中点F，连接AF，连接FG，根据二面角平面角的定义可知∠AFG 是二面角A﹣DE﹣C 的平面角，然后在三角形AGF 中求出二面角A﹣DE﹣C 的大小．【解答】解：（Ⅰ）连接BD，取DC的中点G，连接BG，由此知DG＝GC＝BG＝1，即△DBC 为直角三角形，故BC⊥BD．又SD⊥平面ABCD，故BC⊥SD，所以，BC⊥平面BDS，BC⊥DE．作BK⊥EC，K 为垂足，因平面EDC⊥平面SBC，故BK⊥平面EDC，BK⊥DE，DE 与平面SBC 内的两条相交直线BK、BC 都垂直，DE⊥平面SBC，DE⊥EC，DE⊥SB．SB＝，DE＝EB＝所以SE＝2EB（Ⅱ）由，AB＝1，SE＝2EB，AB⊥SA，知AE＝＝1，又AD＝1．故△ADE 为等腰三角形．取ED 中点F，连接AF，则．连接FG，则FG∥EC，FG⊥DE．所以，∠AFG 是二面角A﹣DE﹣C 的平面角．连接AG，AG＝，cos∠AFG＝，所以，二面角A﹣DE﹣C 的大小为120°．【点评】本题主要考查了与二面角有关的立体几何综合题，考查学生空间想象能力，逻辑思维能力，是中档题．21．（12分）（2010•全国大纲版Ⅰ）求函数f（x）＝x3﹣3x在[﹣3，3]上的最值．【分析】先求函数的极值，根据极值与最值的求解方法，将f（x）的各极值与其端点的函数值比较，其中最大的一个就是最大值，最小的一个就是最小值．【解答】解：f′（x）＝3x2﹣3＝3（x+1）（x﹣1），令f′（x）＝0，则x＝﹣1 或x＝1，经验证x＝﹣1 和x＝1 为极值点，即f（1）＝﹣2 为极小值，f（﹣1）＝2 为极大值．又因为f（﹣3）＝﹣18，f（3）＝18，所以函数f（x）的最大值为18，最小值为﹣18．【点评】本题主要考查了利用导数研究函数的极值，以及研究函数的最值，当然如果连2续函数在区间（a ，b ）内只有一个极值，那么极大值就是最大值，极小值就是最小值，属于基础题．22．（12 分）（2010•全国大纲版Ⅰ）已知抛物线 C ：y 2＝4x 的焦点为 F ，过点 K （﹣1，0）的直线 l 与 C 相交于 A 、B 两点，点 A 关于 x 轴的对称点为 D ．（Ⅰ）证明：点 F 在直线 BD 上；（Ⅱ），求△BDK 的内切圆 M 的方程．【分析】（Ⅰ）先根据抛物线方程求得焦点坐标，设出过点 K 的直线 L 方程代入抛物线方程消去 x ，设 L 与 C 的交点 A （x 1，y 1），B （x 2，y 2），根据韦达定理求得 y 1+y 2 和 y 1y 2的表达式，进而根据点 A 求得点 D 的坐标，进而表示出直线 BD 和 BF 的斜率，进而问题转化两斜率相等，进而转化为 4x 2＝y 2 ，依题意可知等式成立进而推断出 k 1＝k 2 原式得证．（Ⅱ）首先表示出结果求得 m ，进而求得 y 2﹣y 1 的值，推知 BD 的斜率，则 BD 方程可知，设 M 为（a ，0），M 到 x ＝y ﹣1 和到 BD 的距离相等，进而求得 a 和圆的半径，则圆的方程可得．【解答】解：（Ⅰ）抛物线 C ：y 2＝4x ①的焦点为 F （1，0），设过点 K （﹣1，0）的直线 L ：x ＝my ﹣1，代入①，整理得y 2﹣4my +4＝0，设 L 与 C 的交点 A （x 1，y 1），B （x 2，y 2），则y 1+y 2＝4m ，y 1y 2＝4，点 A 关于 X 轴的对称点 D 为（x 1，﹣y 1）．BD 的斜率 k 1＝＝＝，BF 的斜率 k 2＝．要使点 F 在直线 BD 上需 k 1＝k 2需 4（x 2﹣1）＝y 2（y 2﹣y 1），需 4x 2＝y 22，上式成立，∴k1＝k2，∴点F 在直线BD 上．（Ⅱ）＝（x1﹣1，y1）（x2﹣1，y2）＝（x1﹣1）（x2﹣1）+y1y2＝（my1﹣2）（my2﹣2）+y1y2＝4（m2+1）﹣8m2+4＝8﹣4m2＝，∴m2＝，m＝±．y2﹣y1＝＝4 ，∴k1＝，BD：y＝（x﹣1）．易知圆心M在x轴上，设为（a，0），M到x＝y﹣1和到BD的距离相等，即|a+1|×＝|（a﹣1）|×，∴4|a+1|＝5|a﹣1|，﹣1＜a＜1，解得．∴半径，∴△BDK 的内切圆M 的方程为）2+y2＝．【点评】本小题为解析几何与平面向量综合的问题，主要考查抛物线的性质、直线与圆的位置关系，直线与抛物线的位置关系、圆的几何性质与圆的方程的求解、平面向量的数量积等知识，考查考生综合运用数学知识进行推理论证的能力、运算能力和解决问题的能力，同时考查了数形结合思想、设而不求思想．。

2021版高考数学(文)大一轮人教A广西专用综合测试卷

综合测试卷(时间:120分钟满分:150分)滚动测试卷第17页一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分) 1.设i 为虚数单位,复数z 满足1+i z=1-i,则复数z=( ) A.2i B.-2iC.iD.-i答案:C 解析:∵1+i z=1-i,∴z=1+i1-i =(1+i )2(1-i )(1+i )=2i2=i .故选C .2.若集合A={x|log 2(2x+1)<1},集合B={x|1<2x <4},则A ∩B=( ) A.(0,12) B.(-12,12)C.(0,2)D.(12,2)答案:A解析:∵A={x|log 2(2x+1)<1}={x |-12<x <12}, B={x|1<2x <4}={x|0<x<2}, ∴A ∩B={x |0<x <12},故选A .3.某地区经过一年的新农村建设,农村的经济收入增加了一倍,实现翻番.为更好地了解该地区农村的经济收入变化情况,统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例,得到如下饼图:建设前经济收入构成比例建设后经济收入构成比例则下面结论中不正确的是( ) A.新农村建设后,种植收入减少B.新农村建设后,其他收入增加了一倍以上C.新农村建设后,养殖收入增加了一倍D.新农村建设后,养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半答案:A解析:设建设前经济收入为1,则建设后经济收入为2,建设前种植收入为0.6,建设后种植收入为2×0.37=0.74,故A 不正确;建设前的其他收入为0.04,养殖收入为0.3,建设后其他收入为0.1,养殖收入为0.6,故B,C 正确;建设后养殖收入与第三产业收入的总和所占比例为58%,故D 正确,故选A .4.设直线y=12x+b 是曲线y=ln x 的一条切线,则b 的值为( ) A.ln 2-1 B.ln 2-2C.2ln 2-1D.2ln 2-2答案:A解析:设切点为(m ,n ),则n=ln m.函数y=ln x 的导数为y'=1x ,可得切线的斜率为1m , 则1m =12,解得m=2,则n=ln2,故b=n-12m=ln2-1.故选A .5.设a ∈R ,则“a=1”是“f (x )=ln (a +2x -1)为奇函数”的( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件答案:C解析:若a=1,则f (x )=ln (1+2x -1)=ln x+1x -1.故函数f (x )的定义域为(-∞,-1)∪(1,+∞),关于原点对称. 又f (-x )+f (x )=ln -x+1-x -1+ln x+1x -1=ln (x+1x -1·x -1x+1)=ln1=0, 所以函数f (x )是奇函数,即充分性成立. 若f (x )=ln (a +2x -1)为奇函数,则f (-x )+f (x )=ln (a +2x -1)+ln (a +2-x -1)=0,化为(a-1)[(a+1)(x 2-1)+4]=0,此式对于定义域内的任意x 都成立,故a=1, 即必要性成立.故“a=1”是“f (x )=ln (a +2x -1)为奇函数”的充要条件.故选C .6.一程序框图如图所示,如果输出的函数值在区间[1,2]上,那么输入实数x 的取值范围是( )A.(-∞,0)B.[-1,0]C.[1,+∞)D.[0,1]答案:D解析:根据题意,得当x ∈[-2,2]时,f (x )=2x ,∴1≤2x ≤2,∴0≤x ≤1;当x ∉[-2,2]时,f (x )=3,不符合题意, ∴x 的取值范围是[0,1].7.已知各项均为正数的等比数列{a n },a 1a 2a 3=5,a 7a 8a 9=10,则a 4a 5a 6=( ) A.5√2 B.7 C.6D.4√2答案:A解析:∵a 1a 2a 3=5,∴a 23=5.∵a 7a 8a 9=10,∴a 83=10.又a 52=a 2a 8,∴a 56=a 23a 83=50.∴a 4a 5a 6=a 53=5√2,故选A .8.(2019河北邯郸大名一中高三模拟)如图,在矩形ABCD 中,AB=2,AD=4,点E ,F 分别在AB ,CD 上,且AE BE =DF CF=3,若沿点E ,F 连线折成如图所示的多面体,使AB ⊥平面BCFE ,则该多面体的正视图的面积为( )A.4√2B.2√2C.3√2D.6答案:A解析:由题意,得AE=32,BE=12,由AB ⊥平面BCFE ,得AB ⊥BE ,所以AB=√AE 2-BE 2=√2, ∴所求多面体的正视图的面积为√2×4=4√2.故选A .9.已知等差数列的前n 项和为S n ,且S 1 006>S 1 008>S 1 007,则满足S n S n-1<0的正整数n 为( ) A.2 015 B.2 013 C.2 014 D.2 016 答案:A解析:由题意可得S 1008-S 1007>0,即a 1008>0.由S 1006>S 1008,得S 1008-S 1006<0,即a 1007+a 1008<0. 故S 2015=2015(a 1+a 2015)2=2015×2a 10082=2015a 1008>0,S 2014=2014(a 1+a 2014)2=2014(a 1007+a 1008)2<0, 因此满足S n S n -1<0的正整数n=2015,故选A .10.已知△ABC 的三个顶点在以O 为球心的球面上,且cos A=2√23,BC=1,AC=3,三棱锥O-ABC 的体积为√146,则球O 的表面积为( )A.36πB.16πC.12πD.16π3答案:B解析:由余弦定理,得cos A=AB 2+AC 2-BC 22AB ·AC=AB 2+9-16AB=2√23,解得AB=2√2.故AB 2+BC 2=AC 2,即AB ⊥BC.因此AC 是平面ABC 与球的截面圆的直径. 作OD ⊥平面ABC ,则D 为AC 的中点. 所以V O-ABC =13S △ABC ·OD=13×12×2√2×1×OD=√146, 所以OD=√72.所以OA=√OD 2+AD 2=2. 所以S 球O =4π·OA 2=16π.故选B .11.在△ABC 中,AB=3,AC=4,∠BAC=60°.若P 是△ABC 所在平面内一点,且AP=2,则PB ⃗⃗⃗⃗⃗ ·PC⃗⃗⃗⃗⃗ 的最大值为( ) A.10 B.12 C.10+2√37 D.8 答案:C解析:以点A 为原点,边AC 所在直线为x 轴,建立如图所示平面直角坐标系,则A (0,0),B (32,3√32),C (4,0). 设P (2cos θ,2sin θ),θ∈R , 可得PB⃗⃗⃗⃗⃗ =(32-2cosθ,3√32-2sinθ), PC⃗⃗⃗⃗⃗ =(4-2cos θ,-2sin θ),故PB ⃗⃗⃗⃗⃗ ·PC⃗⃗⃗⃗⃗ =(32-2cosθ)(4-2cos θ)-2sin θ(3√32-2sinθ) =-11cos θ-3√3sin θ+10=-2√37sin(θ+α)+10. 其中α为锐角,且tan α=11√39,θ∈R . 故当sin(θ+α)=-1时,PB ⃗⃗⃗⃗⃗ ·PC⃗⃗⃗⃗⃗ 取最大值10+2√37. 故选C .12.已知函数f (x )的导函数为f'(x ),对任意x ∈R 都有f'(x )>f (x )成立,则( ) A.3f (ln 2)>2f (ln 3) B.3f (ln 2)=2f (ln 3) C.3f (ln 2)<2f (ln 3)D.3f (ln 2)与2f (ln 3)的大小不确定答案:C解析:令g (x )=f (x )e x , 则g'(x )=f '(x )·e x -f (x )·e xe =f '(x )-f (x )e .因为对任意x ∈R 都有f'(x )>f (x ), 所以g'(x )>0,即g (x )在R 上单调递增. 又ln2<ln3,所以g (ln2)<g (ln3),即f (ln2)e ln2<f (ln3)e ln3.所以f (ln2)2<f (ln3)3,即3f (ln2)<2f (ln3),故选C .二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.用系统抽样的方法从300名学生中抽取容量为20的样本,将300名学生从1~300编号,按编号顺序平均分成20组,若第16组抽出的号码为231,则第1组中用抽签法确定的号码是 . 答案:6解析:不妨设第1组抽到的号码为x.因为300名学生平均分成20组,所以每组15人, 所以在第16组中应抽出的号码为15×15+x. 即225+x=231,故x=6.14.已知双曲线x 2a 2−y 2b 2=1(a>0,b>0)的左焦点为F ,右顶点为A ,虚轴的一个端点为B.若△ABF 为等腰三角形,则该双曲线的离心率为 . 答案:1+√3解析:由题意,得F (-c ,0),A (a ,0).不妨设B (0,b ),则|BF|=√b 2+c 2>c ,|AF|=a+c>c ,|AB|=√a 2+b 2=c.因为△ABF 为等腰三角形,所以只能是|AF|=|BF|, 即a+c=√b 2+c 2,整理,得c 2-2a 2-2ac=0, 即e 2-2e-2=0,解得e=1+√3(舍去负值).15.设C 满足约束条件{3x -y -6≤0,x -y +2≥0,x ≥0,y ≥0,若目标函数z=ax+by (a>0,b>0)的最大值为12,则2a +3b的最小值为 .答案:256解析:根据约束条件绘制可行域,如图所示.将z=ax+by 转化为y=-ab x+zb ,∵a>0,b>0,∴直线y=-ab x+z b 的斜率为负,最大截距对应最大的z 值,易知点A 为最大值点. 联立方程组{3x -y -6=0,x -y +2=0,解得{x =4,y =6,即A (4,6). ∵目标函数z=ax+by 的最大值为12, ∴12=4a+6b ,即2a+3b 6=1,∴2a +3b =2a+3b 6·(2a +3b )=136+b a +a b ≥136+2√b a ·a b =256,当且仅当ba =ab ,且2a+3b 6=1,即a=b=65时取等号.16.已知点A (0,3),若圆C :(x-a )2+(x-2a+4)2=1上存在点M ,使|MA|=2|MO|,则圆心C 的横坐标a 的取值范围为 . 答案:[0,125]解析:由圆C :(x-a )2+(x-2a+4)2=1,可知圆心C (a ,2a-4). 设M (x ,y ),∵|MA|=2|MO|, ∴√x 2+(y -3)2=2√x 2+y 2,得x 2+y 2+2y-3=0,即x 2+(y+1)2=4.∴点M 在以D (0,-1)为圆心,以2为半径的圆D 上. ∵圆C 与圆D 有公共点,∴2-1≤CD ≤2+1, 即1≤√a 2+(2a -3)2≤3,即{5a 2-12a +8≥0,5a 2-12a ≤0,解得0≤a ≤125.三、解答题(本大题共6小题,共70分)17.(12分)在△ABC 中,内角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,且c=b cos A+a sin B.(1)求角B 的度数;(2)若D 为BC 上的一点,BD=1,cos ∠CDA=35,求△ABD 的面积. 解:(1)因为c=b cos A+a sin B ,所以由正弦定理,得sin C=sin B cos A+sin A sin B. 又sin C=sin(A+B )=sin A cos B+cos A sin B ,所以sin A cos B+cos A sin B=sin B cos A+sin A sin B , 化简得tan B=1.又因为0<B<π,所以B=π4.(2)cos ∠BDA=cos(π-∠CDA )=-cos ∠CDA=-35,sin ∠BDA=√1-cos 2∠BDA =45. ∴sin ∠BAD=sin (π4+∠BDA) =√22(sin ∠BDA+cos ∠BDA )=√210.在△ABD 中,由正弦定理,得AD=BDsinBsin∠BAD =5. 所以S △ABD =12BD ·AD ·sin ∠ADB=12×1×5×45=2.18.(12分)如图,四边形BCDE 为矩形,平面ABC ⊥平面BCDE ,AC ⊥BC ,AC=CD=12BC=2,F 是AD 的中点.(1)求证:AB ∥平面CEF ;(2)求点A 到平面CEF 的距离.答案:(1)证明如图,连接BD ,交CE 于点H ,连接FH.∵四边形BCDE 为矩形, ∴H 是线段BD 的中点. 又点F 是线段AD 的中点,∴FH 是△ABD 的中位线.∴FH ∥AB.又FH ⊂平面CEF ,AB ⊄平面CEF ,∴AB ∥平面CEF. (2)解设A 到平面CEF 的距离为d , 则V A-CEF =13dS △CEF =13|DE|·S △ACF .由题意可知CF=√2,CE=2√5,EF=3√2,则CF ⊥EF , 故S △CEF =12×√2×3√2=3,则d=43, 即点A 到平面CEF 的距离是43.19.(12分)“微信运动”是手机APP 推出的多款健康运动软件中的一款,杨老师的微信朋友圈内有600名好友参与了“微信运动”.他随机选取了40名微信好友(女20人,男20人),统计其在某一天的走路步数.其中,女性好友的走路步数数据记录如下:5 860 8 520 7 326 6 7987 3258 430 3 216 7 453 11 7549 860 8 753 6 450 7 290 4 850 10 223 9 763 7 988 9 176 6 421 5 980男性好友走路的步数情况可分为五个类别:A (0~2 000步)(说明:“0~2 000”表示大于等于0,小于等于2 000.下同),B (2 001~5 000步),C (5 001~8 000步),D (8 001~10 000步),E (10 001步及以上),且B ,D ,E 三种类别人数比例为1∶3∶4,将统计结果绘制成如图所示的条形图.若某人一天的走路步数超过8 000步被系统认定为“卫健型”,否则被系统认定为“进步型”.(1)若以杨老师抽取的好友当天行走步数的频率分布来估计所有微信好友每日走路步数的概率分布,请估计杨老师的微信朋友圈内参与“微信运动”的600名好友中,每天走路步数在5 001~10 000步的人数;(2)请根据选取的样本数据完成下面的2×2列联表,并据此判断能否有95%以上的把握认为“认定类型”与“性别”有关?(3)若从杨老师当天选取的步数大于10 000的好友中按男女比例分层选取5人进行身体状况调查,然后再从这5名好友中选取2名进行访谈,求至少有一名女性好友的概率.附:K2=n(ad-bc)2(a+b)(c+d)(a+c)(b+d).解:(1)在样本数据中,男性朋友B类别设为x人,则由题意可知1+x+3+3x+4x=20,解得x=2,故B类别有2人,D类别有6人,E类别有8人,走路步数在5001~10000步的包括C,D两类别共计9人;女性朋友走路步数在5001~10000步共有16人.用样本数据估计杨老师的微信朋友圈内参与“微信运动”的600名好友中,每天走路步数在5001~10000步的人数为600×9+1640=375.(2)2×2列联表如下:K2的观测值k=40×(14×12-6×8)220×20×22×18≈3.636<3.841,故没有95%以上的把握认为“认定类型”与“性别”有关.(3)在步数大于10000的好友中分层选取5名好友,男性有5×88+2=4(人),记为A,B,C,D, 女性有5×28+2=1(人),记为e .从这5人中选取2人,基本事件是AB,AC,AD,Ae,BC,BD,Be,CD,Ce,De,共10种,这2人中至少有一名女性好友的事件有Ae,Be,Ce,De,共4种, 故所求概率P=410=25.20.(12分)(2019河北邯郸大名一中高三模拟)已知F 为抛物线C :y 2=2px (p>0)的焦点,过F 的动直线交抛物线C 于A ,B 两点.当直线与x 轴垂直时,|AB|=4. (1)求抛物线C 的方程;(2)设直线AB 的斜率为1,且与抛物线的准线l 相交于点M ,抛物线C 上存在点P 使得直线PA ,PM ,PB 的斜率成等差数列,求点P 的坐标. 解:(1)因为F (p2,0),在抛物线方程y 2=2px 中, 令x=p2,可得y=±p.于是当直线与x 轴垂直时,|AB|=2p=4,解得p=2. 所以抛物线C 的方程为y 2=4x.(2)因为抛物线y 2=4x 的准线方程为x=-1, 所以M (-1,-2).设直线AB 的方程为y=x-1, 联立{y 2=4x ,y =x -1,消去x ,得y 2-4y-4=0.设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2), 则y 1+y 2=4,y 1y 2=-4.若点P (x 0,y 0)满足条件,则2k PM =k PA +k PB ,即2·y 0+2x 0+1=y 0-y 1x 0-x 1+y 0-y2x 0-x2,因为点P ,A ,B 均在抛物线上, 所以x 0=y 024,x 1=y 124,x 2=y 224. 代入化简可得2(y 0+2)y 02+4=2y 0+y 1+y 2y 02+(y 1+y 2)y0+y 1y 2,将y 1+y 2=4,y 1y 2=-4代入,解得y 0=±2.将y 0=±2代入抛物线方程,可得x 0=1. 于是点P (1,±2)为满足题意的点.21.(12分)设函数f (x )=-2x 2+ax-ln x (a ∈R ),g (x )=exe x +3.(1)若函数f (x )在定义域内单调递减,求实数a 的取值范围;(2)若对任意x ∈(0,e),都有唯一的x 0∈[e -4,e],使得g (x )=f (x 0)+2x 02成立,求实数a 的取值范围.解:(1)∵f'(x )=-4x 2+ax -1x ,且f (x )在定义域内单调递减,∴f'(x )≤0在区间(0,+∞)内恒成立,即4x 2-ax+1≥0在区间(0,+∞)内恒成立.∴Δ=a 2-4×4×1≤0,即-4≤a ≤4;或{Δ=a 2-4×4×1>0,a 8<0,即a<-4. 综上可知,a ≤4.(2)∵g'(x )=e 1-x (1-x ),∴g (x )在区间(0,1)内单调递增,在区间[1,e)内单调递减.又g (0)=3,g (1)=4,g (e)=e 2-e +3>3,∴g (x )的值域为(3,4].记h (x )=f (x )+2x 2=ax-ln x ,m=g (x ),原问题等价于∀m ∈(3,4],存在唯一的x 0∈[e -4,e],使得h (x 0)=m 成立.∵h'(x )=a-1x =ax -1x ,x ∈[e -4,e], ①当a ≤1e 时,h'(x )≤0恒成立,h (x )单调递减,由h (x )max =h (e -4)=a e -4+4≥4,h (x )min =h (e)=a e -1≤3,解得0≤a ≤1e ; ②当a ≥e 4时,h'(x )≥0恒成立,h (x )单调递增,h (x )min =h (e -4)=a e -4+4>4,不符合题意,舍去;③当1e <a<e 4时,h (x )在区间[e -4,1a ]上单调递减,在区间[1a ,e]上单调递增, 且h (e -4)=a e -4+4>4,h (e)=a e -1,要满足条件,则a e -1≤3,故1e <a ≤4e .综上所述,a 的取值范围是[0,4e ].请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.[选修4—4:坐标系与参数方程]22.(10分)在平面直角坐标系xOy 中,过点P (2,32)作倾斜角为α的直线l 与曲线C :(x-1)2+(y-2)2=1相交于不同的两点M ,N.(1)写出直线l的参数方程与曲线C的极坐标方程;(2)求1|PM|+1|PN|的取值范围.解:(1)由题意可知,直线l的参数方程为{x=2+tcosα,y=32+tsinα(t为参数).由(x-1)2+(y-2)2=1,得x2+y2-2x-4y+4=0.将y=ρsinθ,x=ρcosθ,ρ2=x2+y2代入,得ρ2-2ρcosθ-4ρsinθ+4=0.(2)把直线l的参数方程{x=2+tcosα,y=32+tsinα(t为参数)代入x2+y2-2x-4y+4=0,得t2+(2cosα-sinα)t+14=0.由Δ>0,得|2cosα-sinα|>1.故1|PM|+1|PN|=1|t1|+1|t2|=|t1+t2||t1t2|=4|2cosα-sinα|∈(4,4√5].[选修4—5:不等式选讲]23.(10分)设函数f(x)=5-|x+a|-|x-2|.(1)当a=1时,求不等式f(x)≥0的解集;(2)若f(x)≤1,求a的取值范围.解:(1)当a=1时,f(x)={2x+4,x≤-1, 2,-1<x≤2, -2x+6,x>2.可得f(x)≥0的解集为{x|-2≤x≤3}.(2)f(x)≤1等价于|x+a|+|x-2|≥4.而|x+a|+|x-2|≥|a+2|,且当x=2时等号成立.故f(x)≤1等价于|a+2|≥4.由|a+2|≥4可得a≤-6或a≥2.所以a的取值范围是(-∞,-6]∪[2,+∞).快乐分享，知识无界！感谢您的下载!由Ruize收集整理！。

2021年广西梧州市高考数学联考试卷(文科)(3月份)

2021年广西梧州市高考数学联考试卷（文科）（3月份）一、单选题（本大题共12小题，共60.0分）1. 已知集合A ={x||x|≤2}，B ={x|0≤x <7,x ∈N}，则A ∩B 中元素的个数为( )A. 2B. 3C. 4D. 5 2. 若复数z 满足(2−i)z =5，则|z|=( )A. √55B. 5C. √5D. 2√53. 2017年8月1日是中国人民解放军建军90周年，中国人民银行发行了以此为主题的纪念币.如图是一枚8克圆形精制金质纪念币，直径为22mm ，面额100元.为了测算图中军旗部分的面积，现用1粒芝麻向硬币内投掷100次，其中恰有30次落在军旗内，据此可估计军旗的面积大约是( )A.726π5mm 2 B.363π5mm 2 C.363π10mm 2 D.363π20mm 24. 设x ，y 满足{2x +y ≥4x −y ≥−1x −2y ≤2，则z =x +y 的最小值为( )A. −2B. −1C. 1D. 25. 已知双曲线x 2a2--y 2b 2=1(a >0,b >0)的焦点到渐近线的距离为a2，则该双曲线的离心率为( )A. 2√33B. √52C. 2D. 2√36. 若tan(α+π4)=−3，则2sinα+cosαcosα−sinα=( )A. −4B. 4C. 5D. −57. 函数f(x)=ln|x|e x −e −x的大致图象是( )A.B.C.D.8. 正三棱柱ABC −A 1B 1C 1中，AA 1=√2AB ，D 是BC 的中点，则异面直线AD 与A 1C 所成的角为( )A. π6B. π4C. π3D. π29. 已知直线ax +y −1=0与圆C ：(x −1)2+(y +a)2=1相交于A ，B ，且CA⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅CB ⃗⃗⃗⃗⃗ =0，则实数a 的值为( )A. 17或−1B. −1C. 1D. 1或−110. 已知A ，B ，C 在球O 的球面上，∠BAC =120°，AC =2，AB =1，直线OA 与截面ABC 所成的角为60°，则球O 的表面积为( )A. 4π3B.16π3C.56π3D.112π311. 已知函数f(x)=sin(ωx −π6)(ω>0)，其图象相邻两条对称轴之间的距离为π2，则下列四个结论中正确的是( )A. 函数f(x)的图象关于(5π12,0)中心对称 B. 函数f(x)在区间(−π,π)内有4个零点 C. 函数f(x)的图象关于直线x =−π8对称 D. 函数f(x)在区间[−π2,0]上单调递增12. 已知f(x)={−x 2−2x +3,x ≤1lnx,x >1，若函数y =f(x)−kx +12有4个零点，则实数k 的取值范围是( )A. ([12,√e)B. [12,√e)C. (12,√ee )D. (12,√ee]二、单空题（本大题共4小题，共20.0分）13. 已知向量a ⃗ =(1,m)，b ⃗ =(3,−2)，且(a ⃗ −b ⃗ )//b ⃗ ，则m = ______ ． 14. 已知数列{a n }，a 1=1,a n+1=2a nan +2，则a 5=______．15. 已知抛物线y 2=2px(p >0)的焦点为F ，准线为l ，过点F 且倾斜角为60°的直线交抛物线于点M(M 在第一象限)，MN ⊥l ，垂足为N ，若△MNF 的面积是4√3，则抛物线的方程是______ ．16. 已知△ABC 三内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，且√3ccosA +asinC =0，若角A 的平分线交BC于D 点，且AD =1，则b +c 的最小值为______ ．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17. 已知数列{a n }是公差为2的等差数列，它的前n 项和为S n ，且a 1，a 3，a 7成等比数列．(1)求数列{a n }的通项公式；(2)设数列{b n }满足b n =S n −n 23n+1，求数列{b n }的前n 项和T n ．18. 垃圾是人类日常生活和生产中产生的废弃物，由于排出量大，成分复杂多样，且具有污染性，所以需要无害化、减量化处理.某市为调查产生的垃圾数量，采用简单随机抽样的方法抽取20个县城进行了分析，得到样本数据(x i ,y i )(i =1,2，…，20)，其中x i 和y i 分别表示第i 个县城的人口(单位：万人)和该县年垃圾产生总量(单位：吨)，并计算得∑x i 20i=1=80，∑y i 20i=1=4000，∑(20i=1x i −x −)2=80，∑(20i=1y i −y −)2=8000，∑(20i=1x i −x −)(y i −y −)=700．(1)请用相关系数说明该组数据中y 与x 之间的关系可用线性回归模型进行拟合；(2)求y 关于x 的线性回归方程，用所求回归方程预测该市10万人口的县城年垃圾产生总量约为多少吨？参考公式：相关系数r =n i=1i −i −√∑(i=1x i −x )2∑(i=1y i −y )2，对于一组具有线性相关关系的数据(x i ,y i )(i =1,2，3，…，n)，其回归直线y ̂=b ̂x +a ̂的斜率和截距的最小二乘估计分别为b ̂=∑(n i=1x i −x −)(y i −y −)∑(n i=1x i −x −)2，a ̂=y −−b ̂x −．19. 如图，在四棱锥P −ABCD 中，底面ABCD 为梯形，平面PAD ⊥平面ABCD ，BC//AD ，PA ⊥PD ，AB ⊥AD ，∠PDA =60°，E 为侧棱PD 的中点，且AD =2BC ． (1)求证：CE//平面PAB ；(2)若点D 到平面PAB 的距离为2，且AD =2AB ，求点A 到平面PBD 的距离．20. 已知椭圆C ：x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)过点A(−2,0)，点B 为其上顶点，且直线AB 斜率为√32． (Ⅰ)求椭圆C 的方程；(Ⅱ)设P 为第四象限内一点且在椭圆C 上，直线PA 与y 轴交于点M ，直线PB 与x 轴交于点N ，求四边形ABNM 的面积．21. 已知函数f(x)=2x −1x +klnx ．(1)当k =−3时，求f(x)的极值；(2)若存在x ∈[1,e]，使得3x −f(x)<−kx 成立，求实数k 的取值范围．22.在平面直角坐标系xOy中，点P的坐标为(1,0)；以原点O为极点，x轴的非负半轴为极轴且取相同的)，曲线C1的极坐标方程为ρ=4cosθ．单位长度建立极坐标系，点M的极坐标为(2√2,3π4(1)若点N为曲线C1上的动点，求线段MN的中点T的轨迹C2的直角坐标方程；(2)在(1)的条件下，若过点P的直线l与曲线C2相交于A，B两点，求|PA|⋅|PB|的值．23.已知函数f(x)=|3x−1|+|3x+3|．(1)求不等式f(x)≥10的解集；(2)正数a，b满足a+b=2，证明：√f(x)≥√a+√b．答案和解析1.【答案】B【解析】解：由|x|≤2，得−2≤x ≤2，∴A ={x||x|≤2}={x|−2≤x ≤2}，又B ={x|0≤x <7,x ∈N}={0,1，2，3，4，5，6}，∴A ∩B ={x|−2≤x ≤2}∩{0,1，2，3，4，5，6}={0，1，2}，故A ∩B 中元素的个数为3，故选：B ．求解绝对值不等式化简A ，再由列举法表示B ，然后利用交集运算得答案．本题考查绝对值不等式的解法，考查交集及其运算，是基础题． 2.【答案】C【解析】解：由(2−i)z =5，可得|2−i|⋅|z|=5，即√22+(−1)2⋅|z|=5，即|z|=√5=√5，故选：C ．两边同时取模，即可求出．本题考查了复数的模的运算，属于基础题． 3.【答案】C【解析】解：由该纪念币的直径为22mm ，知半径r =11mm ，则该纪念币的面积为πr 2=π×112=121πmm 2，所以估计军旗的面积大约是121π×30100=363π10mm 2，故选：C ．利用落在军旗内部的次数除以总次数约等于军旗面积除以圆的面积求得结果．本题主要考查利用随机模拟方法对几何概型的辨析，属于基础题． 4.【答案】D【解析】解：作出不等式组对应的平面区域如图：(阴影部分)．由z =x +y 得y =−x +z ，平移直线y =−x +z ，由图象可知当直线y =−x +z 经过点B 时，直线y =−x +z 的截距最小，此时z 最小．由{2x +y =4x −2y =2，解得{x =2y =0，即B(2,0)，代入目标函数z =x +y 得z =2+0=2．即目标函数z =x +y 的最小值为2．故选：D ．作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，求目标函数z =x +y 的最小值．本题主要考查线性规划的应用，利用目标函数的几何意义，结合数形结合的数学思想是解决此类问题的基本方法． 5.【答案】B【解析】解：取双曲线的右焦点F(c,0)，取双曲线的渐近线y=bax，即bx−ay=0，依题意得√b2+a2=a2，即4b2=a2，∴该双曲线的离心率e=ca =√a2+b2a2=√5b24b2=√52，故选：B．取双曲线的右焦点F(c,0)，取双曲线的渐近线y=bax，即bx−ay=0，由点到直线的距离公式列式可得a 与b的关系，代入双曲线离心率公式求解．本题考查双曲线的几何性质，考查点到直线距离公式的应用，是基础题．6.【答案】D【解析】解：若tan(α+π4)=tanα+11−tanα=−3，解得tanα=2，故2sinα+cosαcosα−sinα=2tanα+11−tanα=−5．故选：D．直接利用同角三角函数关系式的变换的应用求出结果．本题考查的知识要点：三角函数的关系式的变换，同角三角函数的关系式的变换，主要考查学生的运算能力和数学思维能力，属于基础题．7.【答案】C【解析】解：函数的定义域为{x|x≠0}，f(−x)=ln|−x|e−x−e x =−ln|x|e x−e−x=−f(x)，则函数f(x)是奇函数，图象关于原点对称，排除D，f(1)=0，排除A，B，故选：C．判断函数的奇偶性和对称性，利用f(1)=0，进行排除即可．本题主要考查函数图象的识别和判断，利用函数的奇偶性和对称性的性质，结合函数值的对应性，利用排除法是解决本题的关键，是基础题．8.【答案】C【解析】【分析】本题考查了异面直线所成角的定义及求法，正三棱柱的定义，线面垂直的判定定理，考查了计算能力，属于基础题．可取B1C1的中点E，连接A1E，CE，则可得出A1E//AD，并且∠A1EC=90°，∠CA1E为异面直线AD与A1C 所成的角，然后可设AB=2，从而可求出tan∠CA1E的值，进而得出∠CA1E的值．【解答】解：如图，取B1C1中点E，连接A1E，CE，则A1E//AD，∠A1EC=90°，∴∠CA1E即为异面直线AD与A1C所成角，设AB=2，则AA1=2√2，A1E=√3，CE=3，tan∠CA1E=3√3=√3，∴∠CA 1E =π3．故选：C ． 9.【答案】D【解析】解：由题直线ax +y −1=0与圆C ：(x −1)2+(y +a)2=1相交于A ，B ，且CA ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅CB⃗⃗⃗⃗⃗ =0，得△CAB 为等腰直角三角形，所以圆心C(1,−a)到直线ax +y −1=0的距离d =rsin45°，即√1+a 2=√22，整理得1+a 2=2，即a 2=1，解得a =−1或1．故选：D ．由三角形ABC 为等腰直角三角形，得到圆心C 到直线的距离d =rsin45°，利用点到直线的距离公式列出方程，求出方程的解即可得到a 的值．本题考查了直线与圆的位置关系，涉及的知识有：点到直线的距离公式，圆的标准方程，等腰直角三角形的性质，熟练掌握公式及性质是解本题的关键． 10.【答案】D【解析】解：设△ABC 的外心为O 1，在△ABC 中，由∠BAC =120°，AC =2，AB =1，得BC 2=AB 2+AC 2−2AB ⋅AC ⋅cos∠BAC =12+22−2×1×2cos120°=7，则BC =√7，再由正弦定理可得，2O 1A =BCsin120∘=2√7√3，设球的半径为R ，由题意可知，OO 1⊥平面ABC ，又直线OA 与截面ABC 所成的角为60°，∴∠OAO 1=60°，在Rt △AOO 1中，有球的半径R =OA =2O 1A =2√7√3， ∴球O 的表面积为S =4πR 2=4π×283=112π3．故选：D ．设△ABC 的外心为O 1，在△ABC 中，由余弦定理求得BC ，再由正弦定理求三角形ABC 外接圆的半径，进一步求得球O 的半径，再由球的表面积公式求解．本题考查球的表面积与体积的求法，考查空间想象能力与思维能力，考查运算求解能力，是中档题． 11.【答案】B【解析】解：由函数f(x)=sin(ωx −π6)(ω>0)，其图象相邻两条对称轴之间的距离为π2，利用周期T =π，解得ω=2．所以函数的关系式为f(x)=sin(2x −π6). 对于A ，f(5π12)=sin(2⋅5π12−π6)=sin2π3=√32≠0，故A 错误；对于B ，当x ∈(−π,π)时，−13π6≤2x −π6≤11π6，当2x −π6=−2π,−π,0,π时，sin(2x −π6)=0，故B 正确；对于C ，f(−π8)=sin[2⋅(−π8)−π6]=sin(−5π12)≠±1，故C 错误；对于D ，由−π2+2kπ≤2x −π6≤2kπ+π2(k ∈Z)，解得函数f(x)的单调递增区间为[−π6+kπ,π3+kπ](k ∈Z)，令k =0时，x ∈[−π6,π3]，令k =−1时，x ∈[−7π6,2π3]，所以函数f(x)在区间[−π2,0]上不单调递增，故D 错误．故选：B ．直接利用三角函数的关系式的变换和函数的性质求出函数的关系式，进一步利用正弦型函数的性质的应用判断A 、B 、C 、D 的结论．本题考查的知识要点：三角函数的关系式的变换，正弦型函数的性质，主要考查学生的运算能力和数学思维能力，属于基础题． 12.【答案】C【解析】解：由题意，函数y =f(x)−kx +12有4个零点，即f(x)=kx −12有4个零点，设g(x)=kx −12，则g(x)恒过点(0,−12)，所以函数g(x)与f(x)的图象有4个交点，在同一直角坐标系下作出函数g(x)与f(x)的图象，如图所示，由图象可知，当k <12时，函数g(x)与f(x)的图象至多有2个交点；当函数g(x)过点(0,−12)和(1,0)时，k =12，此时函数g(x)与f(x)的图象恰有3个交点；当函数g(x)与y =lnx(x >1)的图象相切时，设切点为(a,lna)，y′=1x ，所以k =1a ，所以lna+12a=1a ，解得a =√e ，所以k =√ee，此时函数g(x)与f(x)的图象恰有3个交点；当k >√ee时，两函数图象至多有两个交点．所以若要使函数y =f(x)−kx +12有4个零点，则k ∈(12,√ee)．故选：C ．构造函数g(x)=kx −12，问题即为函数g(x)与f(x)的图象有4个交点，作出两个函数的图象，利用导数研究恰有3个交点的k 的取值，结合图象求解即可．本题考查了函数的零点与方程的根的综合应用，解决函数零点或方程根的问题，常用的方法有：(1)方程法(直接解方程得到函数的零点)；(2)图象法(直接画出函数的图象分析得解)；(3)方程结合图象法(令函数为零，再重新构造两个函数，数形结合分析得解).属于中档题．13.【答案】−23【解析】解：∵a ⃗ =(1,m)，b ⃗ =(3,−2)，∴a ⃗ −b ⃗ =(−2,m +2)，又(a ⃗ −b ⃗ )//b ⃗ ，∴−2×(−2)−3(m +2)=−2−3m =0，解得m =−23，故答案为：−23．由已知求得a ⃗ −b ⃗ ，再由(a ⃗ −b ⃗ )//b ⃗ ，结合向量共线的坐标运算求解m 值．本题考查向量的减法运算，考查向量共线的坐标表示，是基础的计算题．14.【答案】13【解析】解：a 1=1,a n+1=2a nan+2，取倒数可得：1a n+1=1a n+12，即1an+1−1a n=12，∴数列{1a n}是等差数列，公差为12，首项为1． ∴1a n=1+12(n −1)=n+12，可得a n =2n+1．则a 5=25+1=13．故答案为：13． a 1=1,a n+1=2a n a n +2，取倒数可得：1a n+1=1a n+12，即1an+1−1a n=12，利用等差数列的通项公式即可得出．本题考查了数列递推关系、等差数列的通项公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．15.【答案】y 2=4x【解析】解：如图可知，∠NMF =60°，MN ⊥l ，垂足为N ，连接NF ，准线与x 轴的交点为A ，所以MN =FM ，则△NMF 是正三角形．由△MNF 的面积为4√3，所以12|NF|2sin60°=4√3，解得|NF|=4，在Rt △NAF 中，计算|AF|=|NF|sin30°=2，所以抛物线方程为y 2=4x ．故答案为：y2=4x．由图可知，∠NMF=60°，MN⊥l，垂足为N，连接NF，准线与x轴的交点为A，可得△NMF是正三角形．再由△MNF的面积为4√3，得|NF|=4，再在Rt△NAF中，计算|AF|=p，即可得出答案．本题考查抛物线的方程，直线与抛物线的相交问题，属于中档题．16.【答案】4【解析】解：由√3ccosA+asinC=0及正弦定理，得√3sinCcosA+sinAsinC=0，因为C∈(0,180°)，则sinC≠0，所以√3cosA+sinA=0，即tanA=−√3．因为A∈(0,180°)，所以A=120°．如图，S△ABC=S△ABD+S△ACD，所以12bc⋅sin120°=12c⋅1⋅sin60°+12b⋅1⋅sin60°，所以bc=b+c，即1b +1c=1，所以(b+c)(1b+1c)=2+bc+cb≥2+2√bc⋅cb=4，当且仅当c=b=2时，等号成立，所以b+c的最小值为4．故答案为：4．利用正弦定理将已知等式转化，可求得A的值，由S△ABC=S△ABD+S△ACD，及面积公式可得1b +1c=1，利用乘“1”法及基本不等式即可求解b+c的最小值．本题主要考查正弦定理、基本不等式的应用，考查转化思想与运算求解能力，属于中档题．17.【答案】解：(1)因为数列{a n}是公差为2的等差数列，且a1，a3，a7成等比数列，所以a32=a1a7，则(a1+4)2=a1(a1+12)，解得a1=4，所以a n=4+2(n−1)=2n+2；(2)由(1)可得S n=n(4+2n+2)2=n2+3n，b n=S n−n23n+1=n3n，所以T n=13+232+333+⋯+n3n，①则13T n=132+233+334+⋯+n3n+1，②①−②，得23T n=13+132+133+⋯+13n−n3n+1=13(1−13n )1−13−n 3n+1=12−2n+32⋅3n+1，因此T n =34−2n+34⋅3n．【解析】(1)由等比数列的中项性质和等差数列的通项公式，解方程可得首项，进而得到所求通项公式； (2)由等差数列的求和公式，可得b n =n3n ，再由乘公比的错位相减法求和，结合等比数列的求和公式，计算可得所求和．本题考查等差数列和等比数列的通项公式和求和公式的运用，以及数列的错位相减法求和，考查方程思想和运算能力，属于中档题．18.【答案】(1)证明：相关系数r =n i=1i −i −√∑(i=1x i −x −)2∑(i=1y i −y −)2=√80×8000=78=0.875，因为y 与x 的相关系数接近1，所以y 与x 之间具有较强的线性相关关系，可用线性回归模型进行拟合． (2)解：由题意得，b ̂=∑(n i=1x i −x −)(y i −y −)∑(n i=1x i −x −)2=70080=8.75，a ̂=y −−b ̂x −=400020−8.75×8020=165，所以y 关于x 的线性回归方程为y ̂=8.75x +165，当x =10时，y ̂=8.75×10+165=252.5，所以该市10万人口的县城年垃圾产生总量约为252.5吨．【解析】(1)计算相关系数r ，根据|r|与1的接近程度，即可判断；(2)由参考公式求得b ^和a ^，即可得线性回归方程，再把x =10代入回归方程，得解．本题考查相关系数，线性回归方程的求法，考查学生对数据的分析与处理能力，属于基础题． 19.【答案】证明：(1)取AD 的中点O ，连结OC ，OE ， ∵E 为侧棱PD 的中点，∴OE//PA ，∵AD =2BC ，BC//AD ，∴四边形ABCD 为平行四边形，则OC//AB ， ∵OC ∩OE =O ，∴平面OCE//平面PAB ， ∵CE ⊂平面OCE ，∴CE//平面PAB ．解：(2)∵平面PAD ⊥平面ABCD ，平面PAD ∩平面ABCD =AD ，AB ⊥AD ， ∴AB ⊥平面PAD ，∵PD ⊂平面PAD ，∴AB ⊥PD ，∵PA ⊥PD ，PA ∩AB =A ，∴PD ⊥平面PAB ，从而D 到平面PAB 的距离为PD =2，AD =4，过点A 作AH ⊥PB 于H ，则PD ⊥AH ， ∵PB ∩PD =P ，∴AH ⊥平面PBD ，∵PA ⊥PD ，∠PDA =60°，PD =2，∴PA =2√3，在Rt △PAB 中，AB ⊥PA ，AB =12AD =2，由等面积法可得AH =AB×PA PB=√3，∴点A 到平面PBD 的距离为√3．【解析】(1)取AD 的中点O ，连结OC ，OE ，推导出四边形ABCD 为平行四边形，则OC//AB ，从而平面OCE//平面PAB ，由此能证明CE//平面PAB ．(2)推导出AB ⊥平面PAD ，从而AB ⊥PD ，再由PA ⊥PD ，得PD ⊥平面PAB ，过点A 作AH ⊥PB 于H ，则PD ⊥AH ，从而AH ⊥平面PBD ，由此利用等面积法能求出点A 到平面PBD 的距离．本题考查线面平行的证明，考查点到平面的距离的求法，考查运算求解能力，考查化归与转化思想、函数与方程思想，是中档题．20.【答案】解：(Ⅰ)由题意：设直线AB ：y −0=√32(x +2)，令x =0，则y =√3，于是B(0,√3)，所以a =2,b =√3，椭圆方程为x 24+y 23=1．(Ⅱ)设P(x 0,y 0)(x 0>0,y 0<0)，且3x 02+4y 02=12，又A(−2,0),B(0,√3)，所以直线AP ：y−0y 0−0=x+2x 0+2，令x =0,y M =2y 0x0+2，则|BM|=√3−y M =√3−2y 0x 0+2=√3x 0+2√3−2y 0x 0+2，直线BP √3y−√3=x−0x 0−0，令y =0,x N =√3x 0y −√3，则|AN|=2+x N =2+√3x 0y −√3=0√3−√3x 0y −√3，所以四边形ABNM 的面积为S =12|AN|⋅|BM|=12×√3x 0+2√3−2y 0x 0+2×0√3−√3x 0y −3=0202√3x √3y 2(x 0y 0−√3x 0+2y 0−2√3)=√3(x 00√3x 00√3)2(x y −√3x +2y −2√3)=2√3，所以四边形ABNM 的面积为2√3．【解析】(Ⅰ)求出直线AB 的方程，然后求解a ，b ，即可得到椭圆方程． (Ⅱ)设P(x 0,y 0)(x 0>0,y 0<0)，求出直线AP ：y−0y−0=x+2x0+2，然后求解|BM|，求出BP 的方程，然后求解|AN|，化简四边形的面积，推出结果即可．本题考查椭圆方程的求法，直线与椭圆的位置关系的应用，考查转化思想以及计算能力，是中档题．21.【答案】解：(1)当k =−3时，f(x)=2x −1x −3lnx ，f′(x)=2+1x 2−3x =(x−1)(2x−1)x 2，x >0，当0<x <12，x >1时，f′(x)>0，函数单调递增，当12<x <1时，f′(x)<0，函数单调递减，故当x =12时函数取得极大值f(12)=3ln2−1，当x =1时函数取得极小值f(1)=1， (2)存在x ∈[1,e]，使得3x −f(x)<−kx 成立，∴3x −2x +1x−klnx <−k x⇒x +1+k x−klnx <0有解，设ℎ(x)=x +1+k x−klnx ，只要ℎ(x)在[1,e]上的最小值小于0，ℎ′(x)=1−1+k x 2−k x=(x+1)[x−(k+1)]x 2，①当k ≤0时，ℎ(x)在[1,e]上单调递增，ℎ(x)min =ℎ(1)=2+k <0，即k <−2，②当1<k +1<e 即0<k <e −1时，ℎ(x)在[1,k +1]上单调递减，在[k +1,e]上单调递增，所以ℎ(x)min =ℎ(k +1)=k +2−kln(k +1)， ∵1<k +1<e ，∴0<ln(k +1)<1，即0<kln(k +1)<k ， ∴2+k −kln(k +1)>2，不满足题意，③当k +1≥e 即k ≥e −1时，ℎ(x)在[1,e]上单调递减， ℎ(x)min =ℎ(e)=e +1+k e−k <0，故k >1+e 2e−1，又1+e 2e−1>e −1，∴k >e 2+1e−1，故k 的范围(−∞,−2)∪(e 2+1e−1,+∞)【解析】(1)先对函数求导，然后结合导数与极值关系即可求解；(2)由已知不等式恒成立与最值的相互转化，结合导数与最值的关系进行求解即可．本题主要考查了利用导数研究函数的极值及由不等式恒成立求解参数范围问题，体现了转化及分类讨论思想的应用．22.【答案】解：(1)点M 的直角坐标方程为(−2,2)，将ρ=√x 2+y 2,x =ρcosθ,y =ρsinθ代入曲线C 1的极坐标方程，所以曲线C 1的直角坐标方程为x 2+y 2−4x =0，整理为(x −2)2+y 2=4．设点T 的坐标为(x,y)，点N 的坐标为(m,n)，则(m −2)2+n 2=4．由T 为MN 的中点，则有{2x =m −22y =n +2，得{m =2x +2n =2y −2，代入(m −2)2+n 2=4，可得4x 2+(2y −2)2=4，整理得x 2+(y −1)2=1．故线段MN 的中点T 的轨迹C 2的直角坐标方程为x 2+(y −1)2=1． (2)设直线l 的倾斜角为θ，则直线l 的参数方程为{x =1+tcosθy =tsinθ(t 为参数)，A ，B 对应的参数分别为t 1，t 2．将直线l 的参数方程代入曲线C 2的直角坐标方程后整理得： t 2+2(cosθ−sinθ)t +1=0，由韦达定理得t 1+t 2=−2(cosθ−sinθ)，t 1⋅t 2=1，所以|PA|⋅|PB|=|t 1t 2|=1．所以|PA|⋅|PB|的值的值为1．【解析】(1)先根据直角坐标系与极坐标系坐标之间的关系求出M点的直角坐标系坐标与曲线C1的直角坐标系方程，再利用T为MN的中点这个条件求出N点坐标与T点坐标之间的关系，再代入到方程(m−2)2+ n2=4中即可得到x，y的关系，即线段MN的中点T的轨迹C2的直角坐标方程；(2)先求出直线l的标准的参数方程，再与曲线C2联立，结合参数t的几何意义即可求出|PA|⋅|PB|的值．本题考查利用相关点法求轨迹方程，直线的参数方程的几何意义，考查学生的逻辑推理能力与计算能力，属于中档题．23.【答案】解：(1)f(x)=|3x−1|+|3x+3|={6x+2,x>134,−1≤x≤13−6x−2,x<−1．∵f(x)≥10，∴{6x+2≥10x>13或{−6x−2≥10x<−1，∴x≥43或x≤−2，∴不等式的解集为{x|x≥43或x≤−2}．(2)f(x)=|3x−1|+|3x+3|≥|(3x−1)−(3x+3)|=4．∵正数a，b满足a+b=2，∴f(x)≥2(a+b)，∴√f(x)≥√2⋅√a+b=√2⋅√(√a)2+(√b)2≥√a+√b，当且仅当a=b=1时等号成立，∴√f(x)≥√a+√b．【解析】(1)将f(x)写为分段函数的形式，然后根据f(x)≥10分别解不等式即可；(2)先利用绝对值三角不等式求出f(x)的范围，再根据a+b=2，利用均值不等式即可证明√f(x)≥√a+√b．本题考查了绝对值不等式的解法，绝对值三角不等式和均值不等式的应用，考查了转化思想和分类讨论思想，属中档题．。

2021年广西壮族自治区南宁市塘红中学高三数学文测试题含解析

2021年广西壮族自治区南宁市塘红中学高三数学文测试题含解析一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，只有是一个符合题目要求的1. 已知函数f（x）=sin（2x+φ），其中0＜φ＜2π，若恒成立，且，则φ等于（）A．B．C．D．参考答案：C【考点】HK：由y=Asin（ωx+φ）的部分图象确定其解析式．【分析】由对x∈R恒成立，结合函数最值的定义，求得f（）等于函数的最大值或最小值，由此可以确定满足条件的初相角φ的值，结合f（）＞f（π），易求出满足条件的具体的φ值．【解答】解：若对x∈R恒成立，则f（）等于函数的最大值或最小值即2×+φ=kπ+，k∈Z则φ=kπ+，k∈Z又，即sinφ＜0，0＜φ＜2π当k=1时，此时φ=，满足条件故选C．2. 等差数列中，已知，，使得的最小正整数n为A．7 B．8 C．9 D．10参考答案：B3. 已知双曲线（，）的两条渐近线互相垂直，焦距为，则该双曲线的实轴长为（）A. 3B. 6C. 9D. 12参考答案：B【分析】根据渐近线垂直，可得的关系，结合焦距的长度，列方程组，即可求得结果.【详解】因为两条渐近线互相垂直，故可得，又因为焦距为，故可得，结合，解得，故实轴长.故选：B.【点睛】本题考查双曲线方程的求解，属基础题.4. 在如下程序框图中，任意输入一次x（0≤x≤1）与y（0≤y≤1），则能输出“恭喜中奖！”的概率为（）A．B．C．D．参考答案：A【考点】程序框图．【分析】根据查询框图转化为几何概型进行计算即可．【解答】解：程序框图对应的不等式组为，则“恭喜中奖！满足条件为y≥x+，作出不等式组对应的平面区域如图：则正方形的面积S=1×1=1，D（0，），E（，1），则△ADE的面积S=××=，则能输出“恭喜中奖！”的概率为，故选：A5. 已知一个空间几何体的三视图如图所示，且这个空间几何体的所有顶点都在一个球面上，则球的表面积是（A）（B）（C）（D）参考答案：C略6. 某程序框图如图所示，其中，若输出的，则判断框内应填入的条件为（）A．n＜2017 B．n≤2017C．n＞2017 D．n≥2017参考答案：A【考点】程序框图．【分析】由输出的S的值，可得n的值为2016时，满足判断框内的条件，当n的值为2017时，不满足判断框内的条件，退出循环，从而得解．【解答】解：由S=++…+=（1﹣）+（）+…（﹣）=1﹣==，解得：n=2016，可得n的值为2016时，满足判断框内的条件，当n的值为2017时，不满足判断框内的条件，退出循环，输出S的值．故判断框内应填入的条件为n＜2017？故选：A．7. 下图是一个几何体的三视图，其中正视图是边长为2的等边三角形，侧视图是直角边长分别为l与的直角三角形，俯视图是半径为1的半圆，则该几何体的体积等于（）A．B．C．D．参考答案：A略8. 函数的定义域为（）A. B. C. D.参考答案：D 9. 定义在上的函数满足，若关于x的方程有5个不同实根，则正实数的取值范围是A．B．C．D．参考答案：D10. 函数y=e|lnx|﹣|x﹣1|的图象大致是( )A．B．C．D．参考答案：D【考点】对数的运算性质；函数的图象与图象变化．【分析】根据函数y=e|lnx|﹣|x﹣1|知必过点（1，1），再对函数进行求导观察其导数的符号进而知原函数的单调性，得到答案．【解答】解：由y=e|lnx|﹣|x﹣1|可知：函数过点（1，1），当0＜x＜1时，y=e﹣lnx﹣1+x=+x﹣1，y′=﹣+1＜0．∴y=e﹣lnx﹣1+x为减函数；若当x＞1时，y=e lnx﹣x+1=1，故选D．【点评】本题主要考查函数的求导与函数单调性的关系．二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. 设则的值为________________________参考答案：212. “无字证明”(proofs without words)，就是将数学命题用简单、有创意而且易于理解的几何图形来呈现．请利用图甲、图乙中阴影部分的面积关系，写出该图所验证的一个三角恒等变换公式：．参考答案：13. 已知函数f (x )＝a x＋b (a >0且a ≠1)的图象如图所示，则a ＋b 的值是________．参考答案：－23.设m∈R,m 2+m-2+( m 2-1)i 是纯虚数，其中i 是虚数单位，则m= .参考答案：-215. 在（x ﹣）10的展开式中，x 8的系数为．（结果用数字表示）参考答案： 135 略16. 设F 1、F 2是双曲线x 2﹣4y2=4的两个焦点，P 在双曲线上，且，则||?||= ．参考答案：2【考点】双曲线的简单性质．【分析】求得双曲线的标准方程，由双曲线的定义及勾股定理即可求得：||?||=2．【解答】解：∵双曲线x 2﹣4y 2=4，∴双曲线的标准方程：，则a=2，b=1，c=，双曲线的定义可知：|||﹣丨丨|=4 ①，，则⊥，由勾股定理可知：||2+丨丨2=（2）2，②由①②解得：||?||=2，故答案为：2．17. 圆心在抛物线上，并且和该抛物线的准线及轴都相切的圆的标准方程为 ▲ ．参考答案：考点：抛物线定义【方法点睛】1.凡涉及抛物线上的点到焦点距离时，一般运用定义转化为到准线距离处理．本题中充分运用抛物线定义实施转化，其关键在于求圆心的坐标．2．若P(x0，y0)为抛物线y2＝2px(p＞0)上一点，由定义易得|PF|＝x0＋；若过焦点的弦AB的端点坐标为A(x1，y1)，B(x2，y2)，则弦长为|AB|＝x1＋x2＋p，x1＋x2可由根与系数的关系整体求出；若遇到其他标准方程，则焦半径或焦点弦长公式可由数形结合的方法类似地得到．三、解答题：本大题共5小题，共72分。

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绝密★启用前
2013年普通高等学校招生全国统一考试
数学（文科）
一、选择题：本大题共12小题，每小题5分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
（1）设集合{}{}1,2,3,4,5,1,2,u U A A ===集合则
（A ）{}1,2 （B ）{}3,4,5 （C ）{}1,2,3,4,5 （D ）∅
（2）已知a 是第二象限角，5sin ,cos 13
a a ==则（A ）1213- （B ）513
- （C ）513 （D ）1213 （3）已知向量()()()()1,1,2,2,,=m n m n m n λλλ=+=++⊥-若则
（A ）4- （B ）3- （C ）-2 （D ）-1
（4）不等式222x -<的解集是
（A ）()-1,1 （B ）()-2,2 （C ）()
()-1,00,1 （D ）()()-2,00,2
（5）()862x x +的展开式中的系数是（A ）28 （B ）56 （C ）112 （D ）224
（6）函数()()()-121log 10=f x x f x x ⎛⎫=+
> ⎪⎝⎭的反函数（A ）()1021x x >- （B ）()1021
x x ≠- （C ）()21x x R -∈ （D ）()210x x -> （7）已知数列{}n a 满足{}12430,,103
n n n a a a a ++==-则的前项和等于（A ）()-10-61-3 （B ）()-1011-39
（C ）()-1031-3 （D ）()-1031+3
（8）已知()()1221
,0,1,0,F F C F x -是椭圆的两个焦点过且垂直于轴的直线交于 A B 、两点，且3AB =，则C 的方程为（A ）2212x y += （B ）22132x y += （C ）22143x y += （D ）22
154
x y += （9）若函数()()sin 0=y x ωϕωω=+>的部分图像如图，则
（A ）5 （B ）4 （C ）3 （D ）2
（10）已知曲线()42
1-128=y x ax a a =+++在点，处切线的斜率为，（A ）9 （B ）6 （C ）-9 （D ）-6
（11）已知正四棱锥1111112,ABCD A B C D AA AB CD BDC -=中，则与平面所成角的正弦值等于
（A ）23 （B ）33 （C ）23 （D ）13
（12）已知抛物线()2:82,2,C C y x M k C =-与点过的焦点，且斜率为的直线与交于
,0,A B MA MB k ==两点,若则
（A ）12
（B ）22 （C ）2 （D ）2 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分.
（13）设()[)()21,3=f x x f x ∈是以为周期的函数，且当时， .
（14）从进入决赛的6名选手中决出1名一等奖，2名二等奖，3名三等奖，则可能的决赛结果共有种.（用数字作答）
（15）若x y 、满足约束条件0,34,34,x x y x y ≥⎧⎪+≥⎨⎪+≤⎩
则z x y =-+的最小值为 .
（16）已知圆O 和圆K 是球O 的大圆和小圆，其公共弦长等于球O 的半径，
3602
OK O K =，且圆与圆所在的平面所成角为，则球O 的表面积等于 . 三、解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17．（本小题满分10分）
等差数列{}n a 中，71994,2,a a a ==
（I ）求{}n a 的通项公式；
（II ）设{}1,.n n n n
b b n S na =求数列的前项和
18．（本小题满分12分）
设()(),,,,,.ABC A B C a b c a b c a b c ac ∆++-+=的内角的对边分别为
（I ）求;B
（II ）若
31sin sin , C.4A C -=求
19．（本小题满分12分）
如图，四棱锥902,P ABCD ABC BAD BC AD PAB PAD -∠=∠==∆∆中，，与都是边长为2的等边三角形.
（I ）证明：;PB CD ⊥
（II ）求点.A PCD 到平面的距离
20．（本小题满分12分）
甲、乙、丙三人进行羽毛球练习赛，其中两人比赛，另一人当裁判，每局比
赛结束时，负的一方在下一局当裁判，设各局中双方获胜的概率均为1,2
各局比赛的结果都相互独立，第1局甲当裁判.
（I ）求第4局甲当裁判的概率；
（II ）求前4局中乙恰好当1次裁判概率.
21．（本小题满分12分）
已知函数()32=33 1.f x x ax x +++
（I ）
求()f ;a x =的单调性；
（II ）若[)()2,0,.x f x a ∈+∞≥时，求的取值范围
22．（本小题满分12分）已知双曲线()22
1222:10,0x y C a b F F a b
-=>>的左、右焦点分别为，，离心率为3，
直线2y C =与
（I ）求,;a b ；
（II ）2F l C A B 设过的直线与的左、右两支分别相交于、两点，且 11,AF BF -证明：22.AF AB BF 、、成等比数列。