高一物理下学期开学考试试题

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高一物理下学期开学试卷(含解析)高一全册物理试题

应对市爱护阳光实验学校一中高二〔下〕开学物理试卷一、选择题1．关于元电荷，以下说法中错误的选项是〔〕A．元电荷实质是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由家密立根用测得的2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固距离变为，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． F D．12F3．如下图，一电子沿量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重不计，那么电子所受另一个力的大小和方向变化情况是〔〕A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右4．两个量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如下图，以下说法正确的选项是〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．c点场强和电势都为0D．一个电子在a点无初速释放，那么它将在c点两侧往复振动5．一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的势面和粒子的运动轨迹如下图，图中左侧前三个势面衢平行，不计粒子的重力．以下说法正确的有〔〕A．粒子带正电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大6．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，假设把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如下图，那么闭合电键后，以下有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的选项是〔〕A．图的A1、A2的示数相同B．图的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同7．在如下图的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为值电阻，R3为滑动变阻器，C 为电容器，为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．电压表示数变小B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多 D．a点的电势降低8．对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝，以下说法中正确的选项是〔〕A．常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，那么电阻变为10RB ．常温下，假设将金属丝从中点对折起来，电阻变为RC．给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，那么任一状态下的比值不变D．把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零9．如下图电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，闭合开关，假设将滑片向下滑动，那么在滑动过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．电源内电路消耗功率一逐渐增大B．灯泡L2一逐渐变暗C．电源效率一逐渐减小D．R上消耗功率一逐渐变小10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管〔具有单向导通作用〕，电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，那么以下判断正确的有〔〕A ．的值变大B ．的值变大C ．的值不变，且始终于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少11．磁现象可以为我们的生活提供很大的方便，以下这些做法中，不恰当的是〔〕A．将磁性材料装在冰箱的门框上，制成“门吸〞B．利用磁铁制成双面擦窗器C．在机械手表旁边放一个强磁性物质D．用磁带来记录声音12．关于磁感强度，以下说法正确的选项是〔〕A．假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线放入匀强磁场受到磁场力F，那么该匀强磁场的磁感强度大小为B．磁感强度的方向与放入该点的电流元所受磁场力的方向相同C．磁感强度的方向与放入该点小磁针N极所受磁场力的方向相同D ．由磁感强度可知，磁感强度B与电流元在该点受到的磁场力F成正比，与电流元IL成反比二、题13．某同学利用多用电表测量二极管的反向电阻〔二极管具有单向导电性，电流正向通过时几乎没有电阻，电流反向时，电阻很大〕．完成以下测量步骤：〔1〕检查多用电表的机械零点．〔2〕将红、黑表分别插入正、负表笔插孔，二极管的两个极分别记作a和b，将红表笔接a端时，表针几乎不偏转，接b端时偏转角度很大，那么为了测量该二极管的反向电阻，将红表笔接二极管的〔填“a〞或“b〞〕端．〔3〕将选择开关拨至电阻“×100〞挡位，进行正确的测量步骤后，发现表针偏角较小．为了得到准确的测量结果，让电表指针尽量指向表盘，重选择量程进行测量．那么该同学选择〔“×10〞或“×1k〞〕挡，然后，再进行测量．测量后示数如下图，那么测量结果为．〔4〕测量完成后，将选择开关拨向挡位置．14．某同学对电阻丝的电阻与哪些因素有关进行了探究，现有如下器材：电源E〔电动势为4V，内阻约为1Ω〕；电流表A1〔量程5mA，内阻约为10Ω〕；电流表A2〔量程0.6A，内阻约为1Ω〕；电压表V1〔量程3V，内阻约为l kΩ〕；电压表V2〔量程l5V，内阻约为3kΩ〕；滑动变阻器R1〔阻值0～2Ω〕；滑动变阻器R2〔阻值0～20Ω〕；开关及导线假设干．他对电阻丝做了有关测量，数据如下表所示．编号金属丝直径D/mm 金属丝直径的二次方D/mm2金属丝长度L/cm电阻R/Ω1 0.280 0.0784 100.00 102 0.280 0.0784 50.00 63 0.560 0.3136 100.00 4.07①他在某次测量中，用螺旋测微器测金属丝直径，示数如图甲所示，此示数为mm．②图乙是他测量编号为2的电阻丝电阻的备选原理图，那么该同学选择电路〔选填“A〞或“B〞〕进行测量．电流表选，电压表选，滑动变阻器选．③请你认真分析表中数据，写出电阻R与L、D间的关系式R= 〔比例系数用k表示〕，并求出比例系数k= Ω•m〔结果保存两位有效数字〕．三、计算题15．如下图，真空中有两个质量都是1g的带电小球，它们的半径很小，分别系在长为30cm的两根细绳的一端，两细绳的另一端悬挂在天花板上的同一点O，两个小球带的是量同种电荷，当它们静止时，两根细绳之间的夹角为60°，求两个小球所带的电量q．〔静电力常数k=9.0×109N•m2/C2〕16．如下图的电路中，R1=2Ω，R2=6Ω，S闭合时，电压表V的示数为V，电流表A的示数为0.75A，S断开时，电流表A的示数为1A，求：〔1〕电阻R3的值；〔2〕电源电动势E和内阻r的值．17．如下图，变阻器R2的最大电阻是6Ω，与有关规格为〔6V，3W〕的灯泡R1串联接在电路中，电源的电动势E=8V，当电键S闭合，变阻器的滑片在中点位置时，灯泡正常发光，设灯泡阻值恒不变，求：〔1〕电源的内电阻r；〔2〕电源的输出功率．18．如下图，BCDG是光滑绝缘的圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R，下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中．现有一质量为m、带正电的小滑块〔可视为质点〕置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为mg，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g．〔1〕假设滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，滑块到达与圆心O高的C点时速度为多大？〔2〕在〔1〕的情况下，求滑块到达C点时受到轨道的作用力大小；〔3〕改变s的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出轨道，求滑块在圆轨道上滑行过程中的最小速度大小．一中高二〔下〕开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．关于元电荷，以下说法中错误的选项是〔〕A．元电荷实质是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取作e=1.60×10﹣19CD．电荷量e的数值最早是由家密立根用测得的【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子的带电量最小，质子的带电量与电子相，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷【解答】解：AC、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为e=1.60×10﹣19C，并不是电子和质子本身．故A项错误，C项正确；B、所有带电体的电荷量都于元电荷的整数倍，故B正确；D、电荷量e的数值最早是由家密立根用测得的，故D正确．此题要求选择错误的选项，应选：A．【点评】元电荷是带电量的最小值，它本身不是电荷，所带电量均是元电荷的整数倍．且知道电子的电量与元电荷的电量相，同时让学生明白电荷量最早是由家密立根用测得．2．两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球〔均可视为点电荷〕，固在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固距离变为，那么两球间库仑力的大小为〔〕A ． FB ． FC ． F D．12F【考点】库仑律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先后均分．根据库仑律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：相距为r时，根据库仑律得：F=K；接触后，各自带电量变为Q′==Q，那么此时F′=K两式联立得F′= F，故A正确，BCD错误，应选：A．【点评】此题考查库仑律及带电题电量的转移问题．注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决此题的关键．3．如下图，一电子沿量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过，电子重不计，那么电子所受另一个力的大小和方向变化情况是〔〕A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右【考点】电场强度；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子做匀速直线运动，知受电场力和外力平衡，外力的大小与电场力的大小相，方向相反，根据电场力的变化判断外力的变化．【解答】解：根据量异种电荷周围的电场线分布知，从A→O→B，电场强度的方向不变，水平向右，电场强度的大小先增大后减小．那么电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，那么外力的大小先变大后变小，方向水平向右．故B正确，A、C、D错误．应选：B．【点评】解决此题的关键知道外力的大小与电场力的大小相，方向相反，是一对平衡力．4．两个量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如下图，以下说法正确的选项是〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大C．c点场强和电势都为0D．一个电子在a点无初速释放，那么它将在c点两侧往复振动【考点】势面．【专题】性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】两个量异种电荷连线的垂直平分线是一条势线．电场强度方向与势面方向垂直，而且指向电势低的方向．根据电子的受力情况，分析电子的运动情况．【解答】解：A、a、b、c是两个量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相，而且与无穷远处电势相．故A错误．B、a、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同．由于b处电场线密，电场强度大于a处电场强度．故B正确．C、c点的场强由正负电荷叠加产生，不为零，故C错误．D、a、b、c是两个量异种电荷连线的垂直平分线的三点，场强方向都与垂直平分线垂直向右，所以电子在a、c之间受到的电场力的方向都向左，不可能在c 点两侧往复振动．故D错误．应选：B【点评】对于量异种电荷和量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和势面的对称性进行记忆．5．一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的势面和粒子的运动轨迹如下图，图中左侧前三个势面衢平行，不计粒子的重力．以下说法正确的有〔〕A．粒子带正电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】势面的疏密可以表示场强的大小，电场线与势面；电场力做正功，电势能减小．【解答】解：A、电场线〔垂直于势面〕先向右后向上偏，而粒子后向下偏了，所以电场力与电场强度方向相反，所以粒子带负电，A错误；B、因为势面先平行并且密，后变疏，说明电场强度先不变，后变小，那么电场力先不变，后变小，所以加速度先不变，后变小，B正确；C、由于起初电场力与初速度方向相反，所以速度先减小，C错误；D、因为电场力先做负功，所以电势能先增大，D错误；应选：B．【点评】此题考查势面、电场线、电场力、电场力做功、电势能．可以先根据势面确电场线的分布情况再判断．6．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，假设把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如下图，那么闭合电键后，以下有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的选项是〔〕A．图的A1、A2的示数相同B．图的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相，电流相，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．【解答】解：A、B图的A1、A2并联，表头的电压相，电流相，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同．故A错误，B正确．C、D图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．故CD错误．应选B【点评】此题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表〔表头〕与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．7．在如下图的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为值电阻，R3为滑动变阻器，C 为电容器，为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，以下说法中正确的选项是〔〕A．电压表示数变小B．电流表示数变大C．电容器C所带电荷量增多 D．a点的电势降低【考点】电容器；闭合电路的欧姆律．【专题】电容器专题．【分析】在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压于电阻R2两端的电压，分析并联电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势于R2两端的电压．【解答】解：A、在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，那么电压表示数变大，A错误．C、电阻R2两端的电压U2=E﹣I〔R1+r〕，I增大，那么U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小，C错误．B、根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势于R2两端的电压，U2变小，那么a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流I A=I﹣I2，I增大，I2减小，那么I A增大．即电流表示数变大．故BD正确．应选BD【点评】此题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势上下，由电压的变化判断电势的变化．8．对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝，以下说法中正确的选项是〔〕A．常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，那么电阻变为10RB ．常温下，假设将金属丝从中点对折起来，电阻变为RC．给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，那么任一状态下的比值不变D．把金属丝温度降低到绝对零度附近，电阻率会突然变为零【考点】电阻律．【专题】恒电流专题．【分析】导体的电阻 R 与它的长度 L 成正比，与它的横截面积 S 成反比，还与导体的材料有关系，这个规律叫电阻律．公式：R=ρ﹣﹣制成电阻的材料电阻率，单位制为欧姆•米〔Ω•m〕；L﹣﹣绕制成电阻的导线长度，单位制为米〔m〕；S﹣﹣绕制成电阻的导线横截面积，单位制为平方米〔m2〕；R﹣﹣电阻值，单位制为欧姆〔Ω〕．其中ρ 叫电阻率：某种材料制成的长 1 米、横截面积是 1 平方米的导线的电阻，叫做这种材料的电阻率．是描述材料性质的物理量．单位制中，电阻率的单位是欧姆•米，常用单位是欧姆•平方毫米/米．与导体长度 L，横截面积 S 无关，只与物体的材料和温度有关．有些材料的电阻率随着温度的升高而增大，有些恰好相反．【解答】解：A、常温下，假设将金属丝均匀拉长为原来的10倍，横截面积减小为0.1倍，电阻率不变，根据电阻律，电阻增大为100倍，故A错误；B、常温下，假设将金属丝从中点对折起来，长度变为一半，横截面积变为2倍，故电阻变为倍，故B正确；C、给金属丝加上的电压逐渐从零增大到U0，由于功率增加，导致温度会略有升高，故金属丝的电阻率会变大，由于截面积和长度均不变，根据电阻律可得电阻值变大；再根据欧姆律可以得到比值变大，故C错误；D、金属电阻率会随温度的降低而降低，当温度降低到绝对零度附近时，电阻率会突然降为零，发生超导现象，故D正确；应选：BD．【点评】此题关键要能熟练运用电阻律，同时要明确电阻率的物理意义和温度对其的影响．9．如下图电路中，R为一滑动变阻器，P为滑片，闭合开关，假设将滑片向下滑动，那么在滑动过程中，以下判断正确的选项是〔〕A．电源内电路消耗功率一逐渐增大B．灯泡L2一逐渐变暗C．电源效率一逐渐减小D．R上消耗功率一逐渐变小【考点】闭合电路的欧姆律；电功、电功率．【专题】比拟思想；控制变量法；恒电流专题．【分析】将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆律分析总电流和路端电压的变化，再分析R上消耗功率的变化；据功率公式和电源效率公式判断选项．【解答】解：A、将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆律得知，总电流I增大．据P=I2r可知，电源内部消耗的功率逐渐增大，故A正确；BD、由于干路电流增大，路端电压减小，所以R1上的电流增大，电压增大；再由于路端电压减小，R1上电压增大，所以L2的电压减小〔滑动变阻器R的电压减小〕，即该灯泡变暗；由于R1上的电流增大，而L2的电流减小，所以通过滑动变阻器R的电流变大，而电压减小，据P=UI可知，R上消耗的功率不一变小，故B正确，D错误；C、据电源效率公式η==，可知，当总电阻R减小，电源效率减小，故C 正确．应选：ABC．【点评】对于电路中动态变化分析问题，一般先确局部电阻的变化，再确总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管〔具有单向导通作用〕，电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，那么以下判断正确的有〔〕A ．的值变大B ．的值变大C ．的值不变，且始终于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少【考点】电容；闭合电路的欧姆律．【专题】电容器专题．【分析】由电路图先明确电路的结构，再根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化；由闭合电路欧姆律可知电路电流的变化，那么可分析内电压、路端电压及各电压的变化．【解答】解：由图可知R1与R串联，V1测R两端的电压，V2测路端的电压．假设P向左端移动，那么滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆律可知，电路中总电流减小，那么内电压减小，路端电压增大，即电压表V2的示数增大，R1两端的电压减小，所以V1的示数增大．A 、根据欧姆律得的值于滑动变阻器的阻值，所以的值变大，故A正确；B、根据闭合电路欧姆律得：U1=E﹣I〔R1+r〕，那么=R1+r，所以的值不变；故B错误；C、根据闭合电路欧姆律得：由U2=E﹣Ir，那么=r，所以的值不变；故C正确；D、滑片向左移动的过程中，由于理想二极管具有单向导通作用，所以电容器所带的电荷量不变，故D错误；应选：AC．【点评】闭合电路欧姆律的动态分析类题目，一般可按外电路﹣内电路﹣外电路的分析思路进行分析，在分析时注意结合闭合电路欧姆律及串并联电路的性质．11．磁现象可以为我们的生活提供很大的方便，以下这些做法中，不恰当的是〔〕A．将磁性材料装在冰箱的门框上，制成“门吸〞B．利用磁铁制成双面擦窗器C．在机械手表旁边放一个强磁性物质D．用磁带来记录声音【考点】磁现象和磁场．【专题】量思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】根据磁现象的用知，“门吸〞和双面擦窗器都是利用了磁体能吸引铁物质制成的，磁带是用磁性材料来记录声音信号的，故A、B、D是恰当的，而在机械手表旁边放一个强磁性物质，使机械手表变慢，故C是不恰当的【解答】解：A、利用了磁体能吸引铁物质的性质，恰当；B、利用了磁体能吸引铁物质的性质，恰当；C、在机械手表旁边放一个强磁性物质，使机械手表变慢，不恰当；D、利用了用磁信号来记录声音信号，恰当．应选：C【点评】此题考查了磁现象在生活中的用，注意磁性物质会使会使电视屏幕上的颜色失真12．关于磁感强度，以下说法正确的选项是〔〕A．假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线放入匀强磁场受到磁场力F，那么该匀强磁场的磁感强度大小为B．磁感强度的方向与放入该点的电流元所受磁场力的方向相同C．磁感强度的方向与放入该点小磁针N极所受磁场力的方向相同D ．由磁感强度可知，磁感强度B与电流元在该点受到的磁场力F成正比，与电流元IL成反比【考点】磁感强度．【专题】性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】在磁场中磁感强度有强弱，那么由磁感强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，那么所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．【解答】解：A、假设长度为L、电流为I的一小段通电直导线“垂直〞放入匀强磁场受到磁场力F ，那么该匀强磁场的磁感强度大小为．故A错误；B、通电导线在磁场中的受力方向，由左手那么来确，所以磁场力的方向与磁场及电流方向相互垂直．故B错误；C、关键磁场方向的规可知，磁场中某点的磁场方向就是小磁针N极受磁场力的方向，故C正确；。

江西省赣州市2023-2024学年高一下学期开学考物理试卷2

江西高一下学期开学考物理考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分。

满分100分，考试时间75分钟。

2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。

3．考生作答时，请将答案答在答题卡上。

选择题每小题选出答亲后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色．墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。

4．本卷命题范围：必修第二册、必修第二册第五章。

一、选择题（本题共10小题，共46分．在每小题给出的四个选项中，第17题中只有一项符合题目要求，每小题4分，第810~题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．下列有关亚运会比赛项目的说法正确的是（）A ．电子竞技项目某游戏一局的时间为15分钟，“分钟”是国际单位制的基本单位B ．研究皮划艇比赛中皮划艇的船体姿态时，皮划艇不可看成一个质点C ．两百米游泳比赛中运动员用时1分43秒，则平均速度大小约为2m /sD ．羽毛球比赛中运动员跳起扣球时速度增大，运动员的惯性增大2．如图所示是足球比赛过程中运动员踢出的“香蕉球”的情境示意图．下列说法正确的是（）A ．足球在空中运动过程中，速度方向与加速度方向在同一条直线上B ．足球在空中运动过程中，所受合力的方向指向运动轨迹弯曲的内侧C ．足球在空中运动过程中，可能处于平衡状态D ．足球在空中运动时的速度方向沿运动轨迹的法线方向3．若某物体做直线运动的v t -图像如图所示，则下列说法中正确的是（）A ．2s t =时物体离出发点最远B ．3s t =时物体的加速度为零C ．01s ~内物体运动的加速度为230m /sD ．3s t =时物体运动的加速度方向发生改变4．如图所示，桌面上放置一张纸和一枚硬币，硬币静止在纸面上，现用手迅速拉动纸的一边，硬币相对纸滑动，则此过程中（）A ．拉动速度越大，硬币受到摩擦力越小B ．拉动速度越小，硬币离开纸时的速度越小C ．手用力越大，硬币受到摩擦力越大D ．手用力越小，硬币离开纸时的速度越大5．如图所示，堤坝倾角为53，一小朋友在安全地带，以 2.7m/s v =的水平速度扔出一个小石子，小石子恰好扔到水中．小石子离开手的位置距离地面1.4m ．重力加速度g 取210m /s ,sin530.8=，cos530.6=，则堤坝离水面高度H 为（）A ．6.4mB ．3.6mC ．2.4mD ．4.8m6．如图所示，当小车A 向左运动时，B 物体向上做匀速直线运动．图示时刻，小车A 的速度大小为v ．下列说法正确的是（）A ．图示时刻，B 物体的速度为cos v θ B ．小车A 向左以速度v 做匀速直线运动C ．绳子对A 的拉力大小将变大D ．绳子对B 的拉力大于B 的重力7．如图所示为通过轻杆相连的A B 、两小球，用两根细线将其悬挂在水平天花板上的O 点．已知A B 、的质量分别为123kg 2kg m m ==、，轻杆长度为12L ，细线OA 长为L ．现对B 施加一个水平外力F 使系统保持静止状态，A 球在悬点正下方，细线OB 与轻杆恰好垂直．现保持两小球位置不变，使F 缓慢从水平沿逆时针转过90的过程中，下面说法正确的是（取重力加速度大小210m /s g =）（）A ．细线OA 的拉力一定大于30NB ．轻杆AB 对B 的作用力一定大于10NC ．细线OB 的拉力不断减小D ．外力F 一定不小于30N 且先减小后增大 8．建筑工人常常徒手竖直向上抛砖块，当砖块上升到最高点时被楼上的师傅接住，在一次抛砖的过程中，砖块运动5m 到达最高点，将砖块的运动看作匀变速直线运动，忽略空气阻力(g 取)210m /s ，则下列说法正确的是（）A ．砖块被抛出的初速度大小为20m /sB ．砖块向上运动的时间是1sC ．砖块在整个上升过程中的平均速度为4m /sD ．砖块在前0.5s 内的位移为3.75m9．如图所示，质量为8kg 的物体A 静止在竖直的轻弹簧上，质量为2kg 的物体B 用细线悬挂，A B 、间相互接触但无压力，重力加速度g 取210m /s ．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间（）A ．物体B 的加速度大小为22m /sB ．物体A 的加速度为零C ．物体B 对物体A 的压力大小为16ND ．弹簧弹力大小为100N 10．如图所示，A B 、两物块的质量分别为2kg A m =和1kg B m =，静止叠放在水平地面上，A B 、间的动摩擦因数10.4,B μ=与地面间的动摩擦因数20.1μ=，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小210m /s g =．现对A 施加一水平拉力F ，则下列说法正确的是（）A ．当2N F =时，AB 、一定都相对地面静止B ．当15N F =时，A 的加速度大小为24m /sC ．当24N F =时，A B 、的加速度大小均为27m /sD ．无论F 多大，B 的加速度大小都不会超过25m /s 二、实验题（本题共2小题，共16分）11．（8分）高中课外兴趣小组在做“研究平抛物体的运动”实验中，准备了以下实验器材：图钉、铅笔、弧形斜槽、小球、薄木板、铁架台、重垂线．（1）实验过程还需要下列器材中的______．（填正确答案标号）A ．刻度尺B ．天平C ．白纸D ．秒表（2）图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置简图，关于实验中的操作及要求，下列说法正确的是______．（填正确答案标号）A ．斜槽轨道末端可以不水平B ．斜槽轨道不必光滑C ．本实验不需要平衡摩擦力D ．小球每次不用从斜槽上同一高度释放（3）小球离开斜槽末端后，在水平方向上做的是______．（填正确答案标号）A ．匀速直线运动B ．匀变速直线运动C ．变加速直线运动D ．曲线运动（4）如图乙所示，为一次实验记录中的一部分，图中背景方格的边长表示实际长度8mm ．从图像上分析，记录间隔T =______s ：小球做平抛运动的水平初速度大小是______m /s ，小球从抛出运动到B 点时，已经在空中飞行了______s ．（此问g 取210m /s ）12．（8分）小明在实验室探究物体加速度与所受合外力的关系，实验装置如图甲所示，主要实验步骤如下：（1）调整长木板倾角进行阻力补偿，使小车恰好沿长木板向下做匀速运动．（2）保持长木板的倾角不变，绳子下端只挂一个钩码，将小车移近打点计时器，接通电源然后释放小车，小车沿长木板向下做匀加速直线运动，得到一条纸带如图所示，A B C D E F G 、、、、、、为计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，打点计时器的频率为50Hz ．利用刻度尺测量得到1234562.19cm, 2.76cm, 3.35cm, 3.93cm, 4.58cm, 5.20cm x x x x x x ======．通过纸带求得小车在C 点的速度大小为______m /s ；通过纸带求得小车加速度大小为______2m /s ．（均保留2位有效数字）（3）保持绳子下端悬挂的钩码不变，在小车上放置不同数量的相同钩码，小车上钩码的个数记为n ，重复实验操作（2），求出小车对应的加速度a ，得到加速度a 的倒数和钩码个数n 的1n a-图像如图所示，已知一个钩码的质量为0m ，图像中直线斜率为k ，纵轴截距为b ，利用题中信息可得出重力加速度g =______ ，小车的质量M =______．（用0,,k b m 表示）．三、计算题（本题共3小题，共计38分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（10分）人从发现情况到采取相应行动经过的时间叫反应时间．如图，甲两个手指捏住木尺一端，乙在木尺另一端零刻度处做握尺准备，且手的任何部位都与尺不接触．当乙看到甲放手时，尺子自由下落，他立即去握木尺，发现所握处刻度值为20cm ，尺子下落的时间就是乙的反应时间，不计空气阻力，重力加速度g 取210m /s ．（1）求乙的反应时间．（2）在高速公路开车，超速是魔鬼，所以要保持足够的安全距离．若乙驾车在平直公路上以40m /s 的速度匀速行驶，发现前方有危险，乙决定刹车，刹车过程的加速度大小为25m /s ，求从发现危险到停下汽车向前行驶的距离（安全距离）．（设乙的反应时间保持一定）14．（13分）如图所示，两柱体的截面分别为半径均为R 的圆甲和半圆乙，甲、乙的质量相等，两柱体的曲面光滑，半圆柱乙与水平面之间的摩擦不能忽略，圆柱体甲的右侧用一光滑挡板挡住，开始两球心连线沿竖直方向，现将挡板缓慢地向右移动，直到圆柱体甲刚要落至地面为止，整个过程半圆柱乙始终保持静止．假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求：（1）两球心的连线与水平方向分别为60和45时，挡板所受压力之比；（2）为了保证半圆柱乙始终静止，求半圆柱乙与水平面间动摩擦因数的最小值．15．（15分）图甲为机场地勤工作人员利用传送带从飞机上装卸货物，简化示意图如图乙所示．已知此传送带与水平面的夹角37θ=，传送带AB 两端距离5m L =，传送带的传送速度0 1.6m /s v =，现要装卸一件小包裹（视为质点），该包裏与传送带间的动摩擦因数0.8μ=，放上传送带时初速度忽略不计，重力加速度g 取210m /s ,sin370.6=．（1）若要将包裹从飞机上卸下，该传送带的传动速度方向应设置为顺时针还是逆时针？并求包裹轻放上B 点瞬间的加速度大小a ；（2）若要将包裹运上飞机，传送带顺时针转动，求包裹从轻放上A 点至传到B 点的总时间t ；（3）若将包裹轻放上A 点后，传送带顺时针转动了3s t ∆=时由于故障突然停止转动，求包裹从A 点滑上传送带到最终静止的整个过程中相对传送带发生的位移大小．（结果保留一位小数）江西高一下学期开学考·物理参考答案、提示及评分细则1．B 时间是基本物理量，其国际单位是秒，选项A 错误；研究皮划艇比赛中皮划艇运动过程中的船体姿态时，皮划艇不可看成一个质点，选项B 正确；两百米游泳比赛中运动员用时1分43秒，其位移不是200m ，选项C 错误；惯性只与质量有关，选项D 错误．2．B 足球被踢出去之后，受到重力和空气的作用力，其运动轨迹是一条曲线，其初速度与加速度方向不在同一条直线上，选项A 错误；足球做曲线运动时，其所受合力的方向指向运动轨迹的内侧，选项B 正确；足球在空中运动过程中，所受合力不为零，不可能处于平衡状态，选项C 错误；足球在空中运动时的速度方向沿运动轨迹的切线方向，选项D 错误．3．C 3s t =时物体离出发点最远，故A 错误；3s t =时物体的速度为零，但加速度为230m /s -，故B 错误；图线的斜率表示物体运动的加速度，所以01s ~内物体运动的加速度为211130m /s v a t ∆==∆，故C 正确；3s t =时物体运动的速度方向改变，但加速度不变，故D 错误．4．D 硬币在纸上滑动时受到滑动摩擦力，与手拉纸作用力的大小及速度大小无关，故A 、C 错误；手用力越小，即纸获得的加速度越小，无论是纸运动的加速度小还是手拉动纸速度小，都会导致硬币在纸上滑动的时间增加，硬币做匀加速直线运动，时间越长，离开纸时的速度越大，故B 错误，D 正确．5．B 根据平抛运动规律有21, 1.4m 2x vt H gt =+=，又tan53H x=，联立解得 3.6m H =，选项B 正确．6．A 将小车的速度沿着绳和垂直于绳正交分解，根据几何关系可得B 物体的速度为cos B v v θ=，小车向左运动时，θ减小，v 也将小，A 不是做匀速运动，选项A 正确，B 错误；B 物体速度不变，绳子对A 和B 拉力均等于B 的重力，选项C 、D 错误．7．C 由于系统处于静止状态，A 球在悬点正下方，故A 球只受重力和细绳OA 拉力作用，且二力平衡，故细线OA 的拉力不变，轻杆对A B 、均没有作用力，故A 、B 错误；小球B 受竖直向下的重力、沿悬线OB 斜向上的拉力OB F 和F 的作用而处于静止状态，三力的合力为零，表示三力的线段构成封闭三角形如图所示，由于重力的大小及方向不变，悬线拉力的方向不变，F 缓慢从水平沿逆时针转过90的过程中，细线OB 的拉力不断减小，外力F 先减小后增大，C 正确；细线OB 与轻杆恰好垂直，由几何关系可知，当F 的方向与OB 垂直时F 最小，由几何关系知此时min 21102F m g ==N ，D 错误． 8．BD 由运动学公式202v gh =可得，砖块被抛出的初速度大小为010m /s w ==，由公式0v gt =可得，砖块向上运动的时间为01s v t g==，A 错误，B 正确；由平均速度公式可得，砖块在整个上升过程中的平均速度为005m /s 2v v +==，C 错误；砖块在前0.5s 内的位移为210111 3.75m 2x w t gt =-=，D 正确． 9．AC 对A B 、组成的整体分析，根据牛顿第二定律得()22210m /s 2m /s 82A B B A B A B m m g F m g a m m m m +-⨯====+++，A 正确，B 错误；对B 隔离分析，有B B m g N m a -=，则有()()2102N 16N B N m g a =-=⨯-=，由牛顿第三定律知，B 对A 的压力大小为16N ，C 正确；由题意可知，原来弹簧的弹力大小等于A 的重力，即A F m g =，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，D 错误．10．ABD ,A B 间的最大静摩擦力为118N,A f m g B μ==与地面间的最大静摩擦力为()223N 2N A B f m m g μ=+=>，故当2N F =时，A B 、一定都相对地面静止，A 正确；若A B 、保持相对静止，B 的最大加速度根据12m B f f m a -=，解得2m 5m /s a =，对A 受力分析可得，A B 、保持相对静止时有m 1m A F f m a -=，解得A B 、保持相对静止时水平拉力的最大值为m 18N F =，当m 15N F F =<时，A B 、保持相对静止，对A B 、分别受力分析有2,A B F f m a f f m a -=-=，解得a =24m /s ，B 正确；当m 24N F F =>时，A B 、发生相对滑动，加速度不同，C 错误；当两物体发生相对滑动时，B 的加速度最大，根据牛顿第二定律得12m B f f m a -=，解得2m 5m /s a =，D 正确．11．（1）AC （1分）（2）BC （1分）（3）A （1分）（4）0.04（1分） 0.6（2分） 0.08（2分）解析：（1）除所给器材外，还需要刻度尺测量长度，需要白纸作图．由于实验不需要测量小球的质量以及运动的时间，故不需要天平、秒表，选项A 、C 正确．（2）为了保证小球离开斜槽轨道后做平抛运动，需调节使斜槽轨道的末端水平，选项A 错误；为了保证小球每次平抛的初速度大小相等，应使小球每次均从斜槽的同一位置由静止开始下滑，斜槽不需要光清，选项B 正确，D 错误；本实验中不需要平衡摩擦力，选项C 正确．（3）小球在水平方向上不受力，所以水平方向的运动是匀速直线运动．选项A 正确．（4）竖直方向上有253L L gT -=，解得0.04s T ==；小球做平抛运动的水平初速度大小是030.6m /s L w T ==；小球到B 点时，竖直方向上的速度为350.8m /s 2yB L L v T+==，飞镖到B 点时，已经在空中飞行了的时间为s 0.08s B B v t g== 12．（2）0.31（2分）0.60（2分）（3）1k （2分）01b m k ⎛⎫- ⎪⎝⎭（2分）解析：（2）相邻计数点间还有4个点未画出，则相邻计数点的时间间隔为50.02s 0.1s T =⨯=，根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则小车在C 点的速度大小为()223 2.76 3.3510m /s 0.31m /s 220.1C x x v T -+⨯+==≈⨯根据逐数法可得，小车加速度大小为()222223.93 4.58 5.20 2.19 2.76 3.3510m /s 0.60m /s 990.1DG AD x x a T -++---⨯-==≈⨯．（3）由牛顿第二定律可知()001m g M n m a ⎡⎤=++⎣⎦，可得0011M m n a gm g +=+，由图可知001,M m k b g m g +==，解得1g k =，01b M m k ⎛⎫=- ⎪⎝⎭． 13．解：（1）在反应时间内，木尺下落的高度为20cm h = 根据212h gt =解得0.2s t = （2）乙在反应时间内的位移为10x v t =（2分）代入数据可知18m x = 从开始刹车到停止的位移为2022v x a=（2分）代入数据可知2160m x = 从发现危险到停下汽车向前行驶的距离12d x x =+（1分）代入解得168m d =（1分）14．解：（1）设两圆心连线与水平方向的夹角为θ，对圆柱体甲受力分析，如图所示由力的平衡条件得N ,tan sin G G F F θθ==（1分）当60θ=时，挡板对圆柱体甲的支持力为13tan603G F ==（1分）当45θ=时，挡板对圆柱体甲的支持力为2tan45G F G ==（1分）由牛顿第三定律可知θ分别为60和45时，圆柱体甲对挡板的压力分别为12,F F G ''==（2分）则两球心的连线与水平方向分别为60和45时，挡板所受压力之比12:F F ''=1分）（2）当圆柱体甲恰好降到地面时（甲对地面无压力），乙受甲的压力在水平方向的分力最大对甲受力分析可知max cos60F G =（1分）对乙有max max?sin60x FF =（1分）解得max x F（1分）此时乙受地面的摩擦力f max x F F ==（1分）对甲、乙整体受力分析可知，地面对乙的支持力2N G G G =+=（1分）根据题意，乙保持静止，则1N F μ≥（1分）解得μ≥1分） 15．解：（1）要将包裹卸下，传送带速度应沿斜面向下，所以设置为逆时针（1分）根据受力分析可知sin cos mg mg ma θμθ+=（1分）解得212.4m /s a =，方向沿斜面向下（1分）（2）共速前根据受力分析可知1cos sin mg mg ma μθθ-=（1分）又20112v x a =（1分）在加速阶段011w t a =（1分）又因为cos sin mg mg μθθ>，可知当包裹与传送带共速后，将一起做匀速直线运动（1分）匀速运动的时间1209s 8L x t v -==（1分）总时间12t t t =+（1分）解得 5.125s t =（1分）（3）传送带停止前，包裹发生的位移大小22112x a t =∆（1分）此时包裹的速度大小11v a t =∆（1分）传送带停止后，包裹发生的位移大小为2132v x a=（1分）则包裹相对传送带发生的位移大小023x w t x x ∆=∆--（1分）解得 2.9m x ∆≈（1分）。

2021年高一物理下学期开学考试试题(含解析)

2021年高一物理下学期开学考试试题（含解析）第Ⅰ卷一、选择题(本题12小题，共60分。

1-6题为单选，7-12题为多选，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分)1．关于描述运动的物理量，下列说法中正确的是（）A．在某段时间内，质点运动的位移为零，该质点不一定是静止的B．物体通过的路程越大，其位移一定越大C．物体的加速度减小时，其速度一定减小D．物体做曲线运动，位移的大小与路程有可能相等【答案】A【考点】位移与路程．【解析】解：A、路程是物体运动轨迹的长度，路程等于零，该质点一定静止，故A正确；B、质点运动的初末位置重合，位移为零，但物体是运动的，故B错误；C、当物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程．故C错误；D、当物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程，其它情况位移的大小小于路程．故D错误；故选：A．2有关下列说法正确的是：( )A.飞机投弹时，如果发现目标在飞机的正下方才投下炸弹，一定能击中目标B.向上抛出的物体，能向上运动是因为受到了向上的力的作用C.汽车行驶速度越大越难停下来，是因为速度越大惯性越大D.惯性越大，物体的运动状态越难改变【答案】D【考点】抛体运动，惯性【解析】飞机投弹时，如果发现目标在飞机的正下方才投下炸弹，由于炸弹在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做匀速直线运动，所以炸弹将落在目标的正前方．故A错误．向上运动的物体可以由于惯性向上运动；惯性之于物体的质量有关，与其他因素无关。

3．下列关于速度和加速度的说法中正确的是（）A．物体速度很大，加速度一定很大B．物体有加速度，速度就增大C．物体加速度增大，速度就增大D．物体运动快慢和运动速度变化快慢不是一样的【答案】D【考点】加速度．【解析】加速度表示物体速度变化的快慢，与速度没有直接的关系．物体的速度大，加速度不一定大，速度为零，加速度也不一定为零．速度变化量越大，加速度不一定大．4．一物体从H高处自由下落，经时间t 落地.则当它下落t/2时.离地面的高度为（）A． B． C． D．【答案】C【考点】自由落体运动．【解析】解：物体做自由落体运动，由当时间为时，物体下落的高度为所以离地面的高度为，所以C正确．故选C．5．一个力F1=5N，另一个力F2=10N，试判断它们作用于同一点时合力大小的可能值为：( ) A．2N B．4N C．12N D．18N【答案】C【考点】力的合成．【解析】解：当二力夹角为零时，即两个力在同一直线上，并且方向相同，合力最大、最大值为F1+F2=5N+10N=15N；当夹角180°时，即两个力在同一直线上，并且方向相反，合力最小、最小值为|F1-F2|=10N-5N=5N；故合力的范围为5N≤F≤15N；故选：C．6．质量为的物体静止在粗糙的水平面上，当用水平推力F作用于物体上时，物体的加速度为a，若作用力方向不变，大小变为2F时，物体的加速度为′，则 ( )A．′=2 a B．a<′<2a C．′>2a D．′=1.5a【答案】C【考点】牛顿第二定律．【解析】解：设物体所受的滑动摩擦力大小为f，当拉力变为2F时物体的加速度为a′．根据牛顿第二定律得F-f=ma2F-f=ma′则，即a′＞2a故选：C．7、粗糙的水平地面上，质量为1kg的木块以一定的初速度向右滑行的同时还受到一个向左的水平推力F=1N的作用，已知地面的动摩擦因数为μ=0.2．进行有关计算时重力加速度g取10m/s2．则在木块停止运动之前，下列说法中正确的是（）A．木块受到水平向右的摩擦力B．木块受到水平向左的摩擦力C．地面对木块的摩擦力大小为2ND．地面对木块的摩擦力大小为1N【考点】摩擦力的判断与计算．【解析】解：滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，方向水平向左，大小f=μFN=μmg=2N．故选：BC．8、如图所示，重力大小为G的木块静止在水平地面上，对它施加一竖直向上且逐渐增大的力F，若F总小于G，下列说法中正确的是（）A．木块对地面的压力随F增大而减小B．木块对地面的压力就是木块的重力C．地面对木块的支持力的大小等于木块的重力大小D．地面对木块的支持力的大小等于木块对地面的压力大小【答案】AD【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【解析】解：A、C对物体受力分析，受到重力mg、支持力N和拉力F，根据共点力平衡条件，有F+N=mg ①物体对地面的压力N′和地面对物体的支持力N是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，有N=N′②解得N′=mg-F，当F逐渐增大时，N′逐渐减小，故A正确；由此式可知，N′＜G，即地面对木块的支持力的大小小于木块的重力大小，故C错误．B、木块对地面的压力是弹力，重力源自于万有引力，两者的性质不同，不能说木块对地面的压力就是木块的重力，故B错误；D、地面对木块的支持力和木块对地面的压力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律可知，两者大小相等，故D正确．故选AD9．某物体运动的速度图象如图，根据图象可知（）A．物体是从静止开始运动的B．物体位移方向一直没有改变C．物体运动方向一直没有改变D．物体在运动过程中受到的合力一直没有改变【答案】ABC【考点】匀变速直线运动的图像．【解析】解：A、由图知，t=0时刻的速度，即初速度为0，所以物体是从静止开始运动的，B、速度图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，可以看出物体位移方向一直为正，没有改变，故B正确．C、速度的正负表示物体的运动方向，由于速度一直为正，可知，物体运动方向一直没有改变，故C正确．D、速度图象的斜率表示加速度，斜率的正负表示加速度的方向，可知，加速度先正后负，根据牛顿第二定律得知，加速度方向与合力方向相同，所以合力方向先正后负，故D错误．故选：ABC10．如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时，则：（）A．物块M受摩擦力增大B．物块M对车厢壁的压力增大C．物块M仍能相对于车厢静止D．物块将沿车厢向上运动【答案】BC【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【解析】解：对物块M受力分析，受重力、静摩擦力和向右的支持力，如图所示：根据牛顿第二定律，有：竖直方向：f=mg水平方向：N=ma当车的加速度增大时，静摩擦力不变，支持力增加，物体仍能相对于车厢静；故AD错误，BC正确；故选：BC．11如图所示，物体A和B相对静止，以共同的速度沿斜面匀速下滑，则（）A．A、B间无摩擦力的作用B．B受到的滑动摩擦力的大小为（mA＋mB）gsinθC．B受到的静摩擦力的大小为mA gcosθD．取走A物后，B物仍能做匀速直线运动【答案】BD【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【解析】解：B、对AB整体受力分析，如图由共点力平衡条件可得f=（mA+mB）gsinθN=（mA+mB）gcosθ滑动摩擦力f=μN由以上三式可以解得μ=tanθ整体受到的摩擦力就是斜面对物体B的摩擦力，故B正确；A、C、再对A物体受力分析，如图由共点力平衡条件可得fA=mAgsinθNA=mAgcosθ故A选项错误，C选项错误；D、撤去物体A后，物体B受到的滑动摩擦力变为f=μmBgcosθ=mBgsinθ，等于重力的下滑分力，故D正确；故选BD．12 ．某同学把一体重计放在一升降机的底板上，该同学站在体重计上，当升降机静止时，此时体重计显示的示数为60kg；当升降机运动时，该同学能够通过体重计示数的变化情况判断出升降机的运动情况，则有关下列说法正确的是：( )A.当体重计的示数大于60kg时，升降机可能正在加速上升B.当体重计的示数大于60kg时，升降机可能正在加速下降C.当体重计的示数等于60kg时，升降机可能正在匀速上升D.当体重计的示数小于60kg时，升降机可能正在减速上升【答案】ACD【考点】牛顿第二定律；超重和失重．【解析】解：A、B、当体重计的示数大于60kg时，支持力大于重力，加速度向上，升降机可能正在加速上升，也可能是减速下降，故A正确，B错误；C、当体重计的示数等于60kg时，重力等于支持力，合力为零，加速度为零，升降机可能正在匀速上升，故C正确；D、当体重计的示数小于60kg时，重力小于支持力，合力向下，加速度向下，升降机可能正在加速下降，也可能减速上升，故D正确；故选：ACD．第Ⅱ卷二、实验题（本题共3小题，共16分）13．（5分）在做“验证牛顿第二定律”的实验时（装置如图），下列说法中正确的是 ( )A．平衡运动系统的摩擦力时，应把装沙的小桶通过定滑轮拴在小车上B．连接沙桶和小车的轻绳应和长木板保持平行C．平衡摩擦力后，长木板与水平面夹角不能改变D．小车应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车【答案】_BCD__【考点】验证牛顿第二运动定律．【解析】解：A、平衡摩擦力时，不需挂砂和小桶，但小车后面必须与纸带相连，因为运动过程中纸带受到阻力．故A错误．B、连接砂桶和小车的轻绳应和长木板保持平行，使绳子的拉力等于小车受到的合力．故B正确．C、平衡摩擦力后，长木板与水平面夹角不能改变，否则要重新平衡摩擦力．故C正确．D、实验前小车应靠近打点计时器，实验时应先接通电源再释放小车，否则纸带上打不了几个点．故D正确．故选：BCD．14．（5分）在“验证力的平行四边形定则”实验中，橡皮条的一端固定在A点，另一端被两个弹簧秤拉到O点，两弹簧秤的读数分别为F1和F2，两细绳的方向分别与橡皮条延长线的夹角为和，如图所示，以下说法正确的是 ( )A．在实验中无论怎样改变两弹簧秤的夹角合力F必大于F1和 F2B．用一个弹簧秤拉橡皮条时，只要使橡皮条与AO等长就可以，不用把橡皮条拉到同一点O。

高一下学期开学考试物理试题(解析版)

A.墙壁、木板受到P球的压力均不变
B.墙壁、木板受到P球的压力均减小
C. Q球对P球压力增大，对木板的压力减小
D. P球受到墙壁、木板和Q球的作用力的合力变大
【答案】C
【解析】
【详解】AB.以小球P、Q整体为研究对象，处于平衡装态，根据受力平衡，有：
由图可知，墙壁给球的压力F2= ，逐渐增大，故A错误，B错误；
A.航天器的轨道半径为 B.航天器的环绕周期为
C.月球的的质量为 D.月球的密度为
【答案】C
【解析】
A项：由题意可知，线速度，角速度，由线速度与角速度关系可知，，所以半径为，故A错误；
B项：根据圆周运动的周期公式，故B错误；
C项：根据万有引力提供向心力可知，即，故C正确；
D项：由于不知月球的半径，所以无法求出月球的密度，故D错误；
故选BCD
考点：运动的合成与分解
点评：物体B的运动在研时要根据效果进行分解，一般分解为沿绳子方向的运动和垂直于绳子方向的运动．
10.质量为m的物体沿着半径为r的半球形金属球壳滑到最低点时的速度大小为υ，如图所示，若物体与球壳之间的摩擦因数为μ，则物体在最低点时的（）
A.向心加速度为
B.向心力为m（g+ ）
【答案】(1). BAC (2). (3).
【解析】
【详解】(1)[1]实验操作中要先安装仪器,然后进行实验操作,在进பைடு நூலகம்数据处理，故实验顺序为:B,A,C
(2)[2])由图可以知道a、b、c、d之间时间间隔是相同的,因此根据匀变速直线运动的规律有:
由题可以知道 ,带入计算得出每相邻两个位置的时间间隔为：
C错误；
D．以最短时间渡河时，那么沿水流方向位移大小为

2023-2024学年黑龙江省齐齐哈尔市克东县第一中学高一下学期开学考试物理试题

2023-2024学年黑龙江省齐齐哈尔市克东县第一中学高一下学期开学考试物理试题1.如图所示，蚂蚁们“头顶着”食物沿树枝向上爬行，10s内前进了0.2m，则以下说法正确的的是（）A．当蚂蚁匀速爬行时，食物对蚂蚁的力与蚂蚁对食物的力是一对平衡力B．“10s”是时刻，“0.2m”是路程C．观察蚂蚁行走时的肢体分工时，蚂蚁能视为质点D．树枝对蚂蚁的支持力是由于树枝的形变产生的2. 1935年5月，红军为突破“围剩”决定强渡大渡河。

首支共产党员突击队冒着枪林弹雨依托仅有的一条小木船坚决强突。

若河面宽，水流速度，木船相对静水速度，则突击队渡河所需的最短时间为（）A．B．C．D．3.国际单位制中的三个力学基本物理量所对应的单位为长度单位m、质量单位、时间单位：s，现有一个物理量，其中M是质量，r是长度，又已知G的单位是，据此推知A表示的物理量可能是（）A．速度B．加速度C．力D．时间4.一辆汽车刹车前速度为54km/h，刹车时获得的加速度大小为5m/s2，则汽车开始刹车后4s内滑行的距离为（）A．20m B．22.5m C．30m D．100m5.如图所示，蜘蛛用蛛丝将其自身悬挂在水管上，并处于静止状态。

蛛丝与竖直方向夹角分别为。

用分别表示的拉力，则（）A．的竖直分力大于的竖直分力B．的竖直分力等于的竖直分力C．的水平分力大于的水平分力D．的水平分力等于的水平分力6.如图所示，小车内有一小球被轻质弹簧和一条细线拴接。

小车在水平面上直线运动，弹簧始终保持竖直状态，细线与竖直方向成α角。

下列说法正确的是（）A．小车不可能做匀速运动B．小车可能向左做加速运动C．细绳有拉力时，弹簧一定有弹力D．弹簧有弹力时，细绳可能没拉力7.如图所示，轻弹簧的一端固定在垂直于光滑的倾角为的斜面底端挡板上，另一端自然伸长于斜面O点，将质量为m的物体拴接于弹簧上端后静止于距斜面O点x0处；现用平行于斜面向上的力F缓慢拉动物体，使在弹性限度内斜向上运动了4x0，物体再次静止。

2023-2024学年四川省成都市蓉城名校联盟高一下学期开学考试物理试题

2023-2024学年四川省成都市蓉城名校联盟高一下学期开学考试物理试题1.图为某同学用手机计步器记录的锻炼情况。

下列说法正确的是（）A．记录该同学的步数时可将该同学视为质点B．图中的“用时01:20”指的是时刻C．图中的“速度 5.0千米/小时”为平均速率D．该同学运动的位移可能大于路程2.关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．物体做曲线运动时所受的合外力一定不为零B．做曲线运动的物体速度可能不变C．两个互成角度的匀变速直线运动的合运动一定为曲线运动D．曲线运动不可能是匀变速运动3.做匀减速直线运动的物体经3s停止，若物体第1s内的位移大小为10m，则最后1s内的位移大小为（）A．8m B．2m C．1m D．3m4.如图，一长度为R的轻杆两端分别固定两个小球A和B（均可视为质点），将其放在一个半径为R的光滑球形容器中从位置1开始下滑，当轻杆到达位置2时 A球与球形容器球心O等高，其速度大小为，此时B球的速度大小为，则（）A．B．C．D．5.如图，将一轻质弹簧竖直固定在小车底部，轻质细绳与竖直方向成α角且处于伸直状态，二者共同拴接一小球，小车与小球保持相对静止且一起在水平面上运动，重力加速度大小为g。

下列说法正确的是（）A．弹簧一定处于压缩状态B．弹簧一定处于拉伸状态C．弹簧对小球不一定有弹力，细绳对小球一定有拉力D．小球的加速度大小可能为g tan α6.一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一小球从一定的高度自由下落，测得小球第5s内的位移大小为 18m（此时小球还未落地）。

下列说法正确的是（）A．该星球上的重力加速度大小为B．小球第5s内的平均速度大小为3.6m/sC．小球第5s末的速度大小为 10m/sD．小球第2s内的位移大小为6m7.如图，将一轻质弹簧竖直固定在水平地面上，一小球从弹簧上端一定高度处自由下落，接触弹簧后继续向下运动。

以竖直向下为正方向，重力加速度大小为 g，关于小球从最高点到第一次运动至最低点的过程中，其速度v随时间t变化、加速度a随位移x变化的图像最符合实际情况的是（）A．B．C．D．8.如图甲，一根大的轻质弹簧内套一根小的轻质弹簧，小弹簧比大弹簧长0.2m，它们的一端齐平并竖直固定在水平地面上，另一端自然放置。

高一物理下学期开学考试试题高一全册物理试题_

应对市爱护阳光实验学校第一度下学期高一物理开学考试试题一、选择题〔此题共12小题，每题5分，共计60分。

在每题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求，全选对的得5分，选对但是不全的得3分，有选错的得0分〕1、以下说法中正确的选项是〔〕A.位移的大小一不会比路程小B.质点做减速直线运动时，加速度可能增大C.质点做直线运动时，平均速度不可能为零D.加速度越大，速度变化量也一越大2、一条悬链长m，从悬点处断开，使其自由下落，不计空气阻力．那么整条悬链通过悬点正下方1m处的一点所需的时间是〔g=10m/s2〕〔〕A. 0.3sB. 0.4sC. 0.7sD. s3、A、B两质点同时、同地沿同一直线运动，其v-t图象分别如图中a、b所示，t1时刻曲线b的切线与a平行，在0-t2时间内，以下说法正确的选项是A. 质点A一直做匀加速直线运动B. t1时刻两质点的加速度相，相距最远C. t2时刻两质点的速度相，相距最远D. t2时刻两质点的速度相，A恰好追上B4、如下图，一小球在斜面上处于静止状态，不考虑一切摩擦，如果把竖直挡板由竖直位置缓慢绕O点转至水平位置，那么此过程中球对挡板的压力F1和球对斜面的压力F2的变化情况是〔〕A．F1先增大后减小，F2一直减小 B．F1先减小后增大，F2一直减小C．F1和F2都一直减小 D．F1和F2都一直增大5、如下图，固斜面上有一光滑小球，有一竖直轻弹簧P与一平行斜面的轻弹簧Q连接着，小球处于静止状态，那么关于小球所受力，以下说法正确的选项是〔〕A.小球与斜面之间一有弹力B.轻弹簧P一有弹力C.轻弹簧Q不可能处于压缩状态D.小球只能受到4个力6、如图，物体A、B用细绳连接后跨过滑轮，A放在倾角为30°的光滑斜面上，B悬挂着。

质量m A= 3m B，不计滑轮摩擦，那么以下说法中正确的选项是〔〕A. 细绳对物体B 的拉力大小为B. 物体A 的加速度C. 现将斜面倾角由30°增大到50°，绳子的拉力减小D. 物体A和物体B互换位置后，滑轮受到绳子的作用力保持不变7、如下图，车的顶棚上用细线吊一个质量为m的小球，车厢底板上放一个质量为M的木块，当小车沿水平面直线运动时，小球细线偏离竖直方向角度为θ，木块和车厢保持相对静止，重力加速度为g，以下说法中正确的选项是〔〕A. 正向右匀减速运动B. 的加速度大小为gcosθC. 细线对小球的拉力大小为mgD. 木箱受到的摩擦力大小为Mgtanθ8、如下图，绷紧的水平传送带始终以恒速率v1运行。

高一物理下学期开学试卷高一全册物理试题 (4)

应对市爱护阳光实验学校一中高一〔下〕开学物理试卷一、此题共8小题，每题6分，共48分，【1-5为单项选择，6-8为多项选择．】1．在乒乓球比赛中，有一次某运发动采用如下的高抛发球，他紧贴台面将球向上抛出，球竖直上升m后下落，在距离台面0.3m处被球拍击中，那么在这一过程中，乒乓球经过的路程和位移大小分别为〔〕A．m，0.3m B．m，0.3m C．m，m D．m，0.3m2．如下图运动图象中，哪幅图说明物体在作匀速直线运动〔〕A ．B ．C ．D ．3．以下关于加速度的说法，正确的选项是〔〕A．只要物体的速度变化量大，加速度就大B．只要物体的速度变化率大，加速度就大C．只要物体的速度大，加速度就大D．只要物体的速度不为零，加速度就不为零4．水平桌面上覆盖有玻璃板，玻璃板上放置一木块，以下说法正确的选项是〔〕A．木块受到的弹力是由于木块的弹性形变要恢复造成的，因为玻璃板没有形变B．木块的重力就是木块对玻璃板的压力C．木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力从性质上来说都是弹力D．木块对玻璃板的压力大小于玻璃板对木块的支持力大小，因此二者合力为零5．电梯内放置一木块，木块的重力大小为G，电梯地板对木块的支持力大小为N，木块对电梯地板的压力大小为N′，支持力和压力的方向如下图．现在电梯加速上升，那么〔〕A．N=N′＞G B．N=N′=G C．N＞N′＞G D．N＞N′=G6．关于摩擦力，以下情况不可能的是〔〕A．物体运动，它所受摩擦力却向西B．物体在运动，它却受静摩擦力C．正压力增大，摩擦力大小却不变化D．正压力为零，摩擦力大小却不为零7．两个力F1与F2的大小分别为3N和5N，那么它们的合力大小可能于〔〕A．9 N B．7 N C．1 N D．3 N8．如下图，某木块在力F作用下，静止在水平地面上，力F与水平面的夹角为θ，现减小力 F的大小，木块仍静止，那么〔〕A．木块所受摩擦力增大B．木块所受摩擦力减小C．木块所受支持力不变D．木块所受支持力减小二、此题共4小题，每题8分，共32分，把答案填在题中的横线上．9．某轻弹簧竖直悬挂于天花板上，当挂一个50g的钩码时，它伸长了2cm；再挂一个50g的钩码，它的总长为18cm，那么弹簧的原长为cm，劲度系数为N/m 〔g=10N/kg〕．10．重为10N的物块在垂直于斜面向下的2N的压力作用下，静止于斜面上，如下图，假设斜面倾角为37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，那么物块与斜面间的正压力大小为N．11．某辆在平直公路上试车时的运动图象如下图，那么该加速阶段的加速度大小为m/s 2，减速阶段的位移大小为m．12．如图是用打点计时器研究小车的匀变速直线运动时所打出的一条纸带．A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点．相邻计数点间还有4个点未画出．那么，打点计时器打下C点时小车的瞬时速度为m/s，小车的加速度大小为 m/s2．13．三条轻绳结于O点，通过一轻弹簧秤将一重物悬挂起来，如下图．系在竖直墙上的绳与墙成37°角，弹簧秤水平且读数为3N，求重物的质量〔g=10m/s2〕14．某工人用F=100N的水平推力推动一质量为m=40kg的木箱由静止开始运动，木箱与地面的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．〔1〕4s末木箱的速度为多大？〔2〕假设4s末工人发现木箱离墙边的距离为2m，而把推力减小了，问他的推力减小为多大时，木箱恰好能运动到墙边．15．一辆平板式大货车载着一个木箱在平直公路上匀速行驶，木箱前部与驾驶室后部的距离为L=4m，如下图．木箱与车厢底板的动摩擦因数为μ=0.4，假设无论木箱处于车厢的何处，车厢底板一直保持水平，且认为木箱与车厢底板的最大静摩擦力于滑动摩擦力，g=10m/s2．〔1〕为了使木箱在车厢底板上不发生相对滑动，货车刹车的最大加速度a为多大？〔2〕假设货车某次刹车的加速度恒为a，为了保证木箱在此次刹车期间不撞上驾驶室，此次刹车最多持续多长时间？〔设刹车后货车并没有停下来．〕一中高一〔下〕开学物理试卷参考答案与试题解析一、此题共8小题，每题6分，共48分，【1-5为单项选择，6-8为多项选择．】1．在乒乓球比赛中，有一次某运发动采用如下的高抛发球，他紧贴台面将球向上抛出，球竖直上升m后下落，在距离台面0.3m处被球拍击中，那么在这一过程中，乒乓球经过的路程和位移大小分别为〔〕A．m，0.3m B．m，0.3m C．m，m D．m，0.3m【考点】位移与路程．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移的大小只与初末的位置有关，与经过的路径无关；路程是指物体所经过的路径的长度．【解答】解：乒乓球经过的路程是运动轨迹的长度，所以是m，位移是指从初位置到末位置的有向线段，所以是0.3m．应选：B．【点评】此题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了．2．如下图运动图象中，哪幅图说明物体在作匀速直线运动〔〕A．B． C． D．【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】性思想；几何法；运动的图像专题．【分析】匀速直线运动的特点是物体的速度保持不变．位移图象的斜率于速度，根据这两个知识分析物体的运动性质，并选择图象．【解答】解：A、该图表示的斜率于零，说明物体的速度为零，处于静止状态，故A错误．B、该图的斜率不变，物体的速度不变，说明物体做匀速直线运动．故B正确．C、该图表示物体的速度随时间均匀减小，做匀减速直线运动．故C错误．D、该图表示物体的速度随时间均匀增大，做匀加速直线运动．故D错误．应选：B【点评】图象能直观形象地表示两个物理量之间的变化规律，是物理上常用的研究物理物体的方法，分析图象时，看清楚图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律．3．以下关于加速度的说法，正确的选项是〔〕A．只要物体的速度变化量大，加速度就大B．只要物体的速度变化率大，加速度就大C．只要物体的速度大，加速度就大D．只要物体的速度不为零，加速度就不为零【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是物体速度变化和所用时间的比值，也叫速度的变化率，加速度是矢量方向与速度变化的方向相同．【解答】解：A、加速度于速度变化量与时间的比值，速度变化量大由于时间未知，故不能确加速度肯大，故A错误；B、加速度是物体速度变化量与所用时间的比值，而速度变化量与所用时间的比会上也叫速度的变化率，故B正确；C、物体的速度大，如果速度没有变化那么其加速度为0，故C错误；D、物体的速度不为零，加速度可以为零，如匀速直线运动，故D错误．应选：B．【点评】掌握加速度的概念及其物理意义是正确解题的关键，知道加速度与速度及速度变化的关系即可．4．水平桌面上覆盖有玻璃板，玻璃板上放置一木块，以下说法正确的选项是〔〕A．木块受到的弹力是由于木块的弹性形变要恢复造成的，因为玻璃板没有形变B．木块的重力就是木块对玻璃板的压力C．木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力从性质上来说都是弹力D．木块对玻璃板的压力大小于玻璃板对木块的支持力大小，因此二者合力为零【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变；作用力和反作用力．【专题】受力分析方法专题．【分析】物体间的弹力是由物体发生弹性形变，而要恢复原状时产生的力．平衡力是作用在同一物体上，大小相方向相反；而作用力和反作用力分别作用在两个物体上，大小相，方向相反．【解答】解：A、木块受到的弹力是由于施力物体玻璃的微小形变要恢复造成的，故A错误；B、木块的重力施力物体是地球，木块对玻璃板的压力施力物体是木块，故重力和压力不是同一个力，故B错误；C、木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力从性质上来说都是弹力，故C 正确D、木块对玻璃板的压力与玻璃板对木块的支持力是相互作用力，值、反向、共线，都是弹力，故D错误；应选：C．【点评】考查弹力产生的原因，及平衡力与作用力和反作用力的区别．注意此题中的压力与重力大小相，方向相同，但不是同一个力．5．电梯内放置一木块，木块的重力大小为G，电梯地板对木块的支持力大小为N，木块对电梯地板的压力大小为N′，支持力和压力的方向如下图．现在电梯加速上升，那么〔〕A．N=N′＞G B．N=N′=G C．N＞N′＞G D．N＞N′=G【考点】牛顿第二律．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】根据牛顿第三律，作用力与反作用力大、反向、共线，根据牛顿第二律可知，合外力提供加速度．【解答】解：电梯地板对木块的支持力和木块对电梯地板的压力是一对作用力和反作用力，大小相，所以N=N′对物体进行受力分析，根据牛顿第二律得：N﹣G=ma所以N＞G所以N=N′＞G应选A 【点评】此题关键是对物体受力分析，然后根据牛顿第二律并结合牛顿第三律分析讨论．6．关于摩擦力，以下情况不可能的是〔〕A．物体运动，它所受摩擦力却向西B．物体在运动，它却受静摩擦力C．正压力增大，摩擦力大小却不变化D．正压力为零，摩擦力大小却不为零【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】对于摩擦力首先要明确其种类，然后再根据摩擦力的产生条件及两种摩擦力的性质进行分析．【解答】解：A、物体假设在地面上运动，那么它相对于地面是相东的，故摩擦力一向西；故A可能；B、物体在运动，但与它接触的物体也在运动，并且二都速度相时，二者不会有滑动摩擦力；但是如果有相对运动趋势，将会产生静摩擦力；如加速运动的车厢里静止的物体受到的就是静摩擦力；故B可能；C、静摩擦力与正压力无关，故增大正压力不会改变摩擦力的大小，故C可能；D、要产生摩擦力首先必须有正压力，故正压力为零时，摩擦力一也会零；故D 不可能；此题选不可能的，应选D．【点评】摩擦力一直是学生掌握的和难点，在学习摩擦力时一要掌握好其性质，并能分清滑动与静摩擦力的区别．7．两个力F1与F2的大小分别为3N和5N，那么它们的合力大小可能于〔〕A．9 N B．7 N C．1 N D．3 N【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】性思想；推理法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且有|F1﹣F2|≤F≤F1+F2【解答】解：两力合成时，合力范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；故合力范围为：2N≤F≤8N；所以BD正确，AC错误．应选：BD．【点评】此题关键根据平行四边形那么得出合力的范围：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2．8．如下图，某木块在力F作用下，静止在水平地面上，力F与水平面的夹角为θ，现减小力 F的大小，木块仍静止，那么〔〕A．木块所受摩擦力增大B．木块所受摩擦力减小C．木块所受支持力不变D．木块所受支持力减小【考点】摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】摩擦力专题．【分析】先对木块进行受力分析，然后建立直角坐标系根据共点力的平衡条件进行求解摩擦力和支持力的表达式，看F减小θ减小如何影响摩擦力和支持力的变化．【解答】解：对木块进行受力分析，设所受重力为G，所受地面支持力为N，所受摩擦力为f，如以下图所示：根据平衡条件：x轴方向：Fcosθ=fy轴方向：N+Fsinθ=G 得：N=G﹣FsinθF减小时，f=Fcosθ减小；N增大．应选：B．【点评】此题考查共点力的平衡条件，一要受力分析正交分解后列方程求解，不要想当然的进行判断．二、此题共4小题，每题8分，共32分，把答案填在题中的横线上．9．某轻弹簧竖直悬挂于天花板上，当挂一个50g的钩码时，它伸长了2cm；再挂一个50g的钩码，它的总长为18cm，那么弹簧的原长为14 cm，劲度系数为0.25 N/m 〔g=10N/kg〕．【考点】胡克律．【专题】题．【分析】在弹性限度内，物体的形变跟引起形变的外力成正比．这个律是英国家胡克发现的，所以叫做胡克律．【解答】解：轻弹簧竖直悬挂于天花板上，挂一个50g的钩码时，它伸长了2cm，故再挂一个50g的钩码，伸长4cm，它的总长为18cm，故原长为14cm；劲度系数为：k=；故答案为：14，0.25．【点评】此题关键明确胡克律的内容，可以根据公式直接计算，根底题．10．重为10N的物块在垂直于斜面向下的2N的压力作用下，静止于斜面上，如下图，假设斜面倾角为37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，那么物块与斜面间的正压力大小为10 N．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对物体受力分析，根据平衡条件求物块与斜面间的正压力大小．【解答】解：对物体受力分析，垂直斜面方向：N=F+Gcos37°得：N=2+10×0.8=10N故答案为：10．【点评】此题考查平衡条件的用，当物体受三个力处于平衡时通常用合成法，受三个以上力时通常用正交分解法．11．某辆在平直公路上试车时的运动图象如下图，那么该加速阶段的加速度大小为m/s2，减速阶段的位移大小为150 m．【考点】匀变速直线运动的图像；加速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】解决此题要明确v﹣t图象的含义：在v﹣t图象中每时刻对于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负．【解答】解：图象的斜率表示物体运动的加速度，那么该加速阶段的加速度大小a=，由图象可知，10﹣30s，做匀减速直线运动，减速阶段的位移大小x=故答案为： 150【点评】图象由于具有形象直观的特点，因此在物理中广泛用，对于图象问题要明确两坐标轴的含义，图象斜率、截距、围成面积含义．12．如图是用打点计时器研究小车的匀变速直线运动时所打出的一条纸带．A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点．相邻计数点间还有4个点未画出．那么，打点计时器打下C点时小车的瞬时速度为0.3 m/s，小车的加速度大小为0.4 m/s2．【考点】打点计时器中纸带的处理．【专题】题；直线运动规律专题．【分析】根据在匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度于该过程中的平均速度，可以求出某点的瞬时速度大小；利用逐差法可以求出加速度的大小．【解答】解：根据匀变速直线运动规律有：由题意可知：x1=24mm=cm，x2=52mm﹣24mm=cm，x3=84mm﹣52mm=cm，x4=120mm﹣84mm=cm△x=aT2，其中△x=0.4cm，T=0.1s，故带入数据解得：a=0.4m/s2；故答案为：0.3，0.4．【点评】此题借助考查了匀变速直线的规律以及推论的用，在平时练习中要根底知识的理解与用，提高解决问题能力．13．三条轻绳结于O点，通过一轻弹簧秤将一重物悬挂起来，如下图．系在竖直墙上的绳与墙成37°角，弹簧秤水平且读数为3N，求重物的质量〔g=10m/s2〕【考点】共点力平衡的条件及其用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以结点O为研究对象，它受到重物的拉力、弹簧称的拉力和绳的拉力而处于平衡状态．根据平衡条件求解重物对O的拉力，并得到重物的质量．【解答】解：重物对O点的拉力于重力．将竖直绳对O点的拉力T沿另两绳的反方向进行分解，分力分别为T1和T2，如下图．那么T1=mgtan37°由T1=3N，即3=mg•得：m=0.4kg答：重物的质量为0.4kg．【点评】此题是简单的力平衡问题，首先要选择研究对象，此题不是以重物为研究对象，而是以结点O为研究对象，这是对有绳子悬挂重物经常用到的思路．14．某工人用F=100N的水平推力推动一质量为m=40kg的木箱由静止开始运动，木箱与地面的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．〔1〕4s末木箱的速度为多大？〔2〕假设4s末工人发现木箱离墙边的距离为2m，而把推力减小了，问他的推力减小为多大时，木箱恰好能运动到墙边．【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】〔1〕根据牛顿第二律求出加速度，根据速度时间公式求解4s末木箱的速度；〔2〕木箱恰好能运动到墙边时速度为零，根据0﹣v2=2ax求解加速度，再根据牛顿第二律求解F．【解答】解：根据牛顿第二律得：木箱的加速度为，代入数据得：a=0.5 m/s2由v=a t得4 s后木箱的速度v=2 m/s〔2〕由0﹣v2=2a1x 得，代入数据得：a1=﹣1 m/s2由，代入数据得：F1=40 N答：〔1〕4s末木箱的速度为2m/s；〔2〕他的推力减小为40N时，木箱恰好能运动到墙边．【点评】此题主要考查了牛顿第二律及运动学根本公式的直接用，知道木箱恰好能运动到墙边时速度为零，难度不大，属于根底题．15．一辆平板式大货车载着一个木箱在平直公路上匀速行驶，木箱前部与驾驶室后部的距离为L=4m，如下图．木箱与车厢底板的动摩擦因数为μ=0.4，假设无论木箱处于车厢的何处，车厢底板一直保持水平，且认为木箱与车厢底板的最大静摩擦力于滑动摩擦力，g=10m/s2．〔1〕为了使木箱在车厢底板上不发生相对滑动，货车刹车的最大加速度a为多大？〔2〕假设货车某次刹车的加速度恒为a，为了保证木箱在此次刹车期间不撞上驾驶室，此次刹车最多持续多长时间？〔设刹车后货车并没有停下来．〕【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】隔离对木箱分析，根据最大静摩擦力求出临界的加速度，从而得知刹车时的最大加速度．求出木箱的相对加速度，通过相对位移，结合运动学公式，求出刹车最多持续的时间．【解答】解：〔1〕木箱与车厢底板的最大静摩擦力f m=μmg．那么木箱的最大加速度a=．所以货车刹车的最大加速度a为﹣4m/s2．〔2〕当货车刹车，发生相对移动，对木箱的阻力为摩擦力，有a'=a 对于木箱，相对加速度a1=a'﹣a=0.5a=2m/s2初速度为零，那么有L=，解得t=2s．答：〔1〕货车刹车的最大加速度a为﹣4m/s2．〔2〕此次刹车最多持续2s．【点评】此题综合考查了牛顿第二律和运动学公式的运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，第二问，也可以通过货车和木箱的位移关系，结合运动学公式进行求解．。

高一物理下学期开学试卷高一全册物理试题

应对市爱护阳光实验学校高一〔下〕开学物理试卷一、选择题：1．下面所列单位都属于单位制〔SI〕中根本单位的是〔〕A．kg、N、m/s B．N、m、s C．kg、m、s D．m/s2、N、m/s2．以下说法中正确的选项是〔〕A．牛顿第一律说明力是改变物体运动状态的原因B．两个力的合力一比每一个分力都大C．只有运动的物体才有惯性，静止的物体没有惯性D．甲乙两队拔河，甲胜乙，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力大3．电梯内有一弹簧秤挂着一个重5N的物体．当电梯运动时，看到弹簧秤的读数为6N，那么可能是〔〕A．电梯加速向上运动B．电梯减速向上运动C．电梯加速向下运动D．电梯减速向下运动4．在水平桌面上的书，它对桌面的压力和它的重力之间的关系是〔〕A．压力就是重力B．压力和重力是一对平衡力C．压力的施力物体是重力的受力物体D．压力的受力物体是重力的施力物体5．如下图，重力G=20N的物体，在动摩擦因数为0.1的水平面上向左运动，同时受到大小为10N，方向向右的水平力F的作用，那么物体所受摩擦力大小和方向是〔〕A．2N，水平向左B．2N，水平向右C．10N，水平向左D．8N，水平向右6．关于运动和力的关系，以下说法中正确的选项是哪些〔〕A．力是维持物体运动的原因B．力是使物体做变速运动的原因C．力只能改变物体运动速度的大小D．力是改变物体运动状态的原因7．跳高运发动从地面上起跳的瞬间，以下说法中正确的选项是〔〕A．运发动给地面的压力于运发动受到的重力B ．地面给运发动的支持力大于运发动受到的重力C．地面给运发动的支持力大于运发动对地面的压力D．地面给运发动的支持力的大小于运发动对地面的压力的大小8．两个质点甲与乙，同时由同一地点向同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如下图，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．在第2秒末甲、乙将会相遇B．在第2秒末甲、乙速度相同C．在前2秒内，甲的平均速度比乙的大D．以上说法都不对9．一质点在某段时间内做曲线运动，那么在这段时间内〔〕A．速度一在不断地改变，加速度也一在不断地改变B．速度一在不断地改变，加速度可以不变C．速度可以不变，加速度一在不断改变D．速度和加速度都可以不变10．决平抛运动物体飞行时间的因素是〔〕A．初速度B．抛出时的高度C．抛出时的高度和初速度D．以上均不对11．如下图，两个质量相同的物体1和2，紧靠在一起放在光滑的水平面上，如果它们分别受到水平推力F1和F2的作用，而且F1＞F2，那么1施于2的作用力的大小为〔〕A．F1B．F2C ． D ．12．物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如下图．在A点物体开始与弹簧接触，到B点时，物体速度为零，然后被弹回，那么以下说法正确的选项是〔〕A．物体从A下降到B的过程中，速率不断变小B．物体从B上升到A的过程中，速率不断变大C．物体从A下降到B，以及从B上升到A的速程中，速率都是先增大，后减小D．物体在B点时，所受合力为零13．如下图，物体在恒力F作用下沿曲线从A运动到B，这时突然使它所受的力反向而大小不变〔即由F变为﹣F〕，在此力作用下，物体以后的运动情况，以下说法正确的选项是〔〕A．物体可能沿曲线Ba运动B．物体可能沿直线Bb运动C．物体可能沿曲线Bc运动D．物体可能沿原曲线由B返回A二、计算题14．〔2021秋•清镇市校级期末〕质量为5kg的物体受水平拉力F的作用，物体以10m/s的速度在水平面上沿拉力方向做匀速直线运动．当突然撤去F后，物体经5s停止运动，〔g取10m/s2〕求：〔1〕F的大小；〔2〕物体与水平面间的动摩擦因数．15．〔2021•甘州区校级二模〕如下图，沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向37°角，小球和车厢相对静止，球的质量为1kg．〔g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔1〕求车厢运动的加速度，并说明车厢的运动情况．〔2〕求悬线对球的拉力．16．〔2021春•校级月考〕将一个物体以10m/s 的速度从10m的高度水平抛出，求物体经过多长时间落地及落地时的速度是多少〔不计空气阻力，取g取10m/s2〕．17．〔2021秋•末〕民用客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接，供旅客上下飞机，一般还设有紧急出口．发生意外情况的飞机在着陆后，翻开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊构成的斜面，机舱中的人可沿该斜面滑行到地面上来，示意图如下图．某机舱离气囊底端的竖直高度AB=3.0m，气囊构成的斜面长AC=5.0m，CD段为与斜面平滑连接的水平地面．一个质量m=60kg的人从气囊上由静止开始滑下，人与气囊、地面间的动摩擦因数均为μ=0.5．不计空气阻力，g=10m/s2．求：〔1〕人从斜坡上滑下时的加速度大小；〔2〕人滑到斜坡底端时的速度大小；〔3〕人离开C点后还要在地面上滑行多远才能停下？高一〔下〕开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：1．下面所列单位都属于单位制〔SI〕中根本单位的是〔〕A．kg、N、m/s B．N、m、s C．kg、m、s D．m/s2、N、m/s【分析】单位制规了七个根本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在单位制中的单位称为根本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解答】解：A、其中的N、m/s是导出单位，所以A错误．B、其中的N是导出单位，所以B错误．C、m、kg、s分别是长度、质量、时间的单位，所以C正确．D、三个单位全是导出单位，所以D错误．应选C．2．以下说法中正确的选项是〔〕A．牛顿第一律说明力是改变物体运动状态的原因B．两个力的合力一比每一个分力都大C．只有运动的物体才有惯性，静止的物体没有惯性D ．甲乙两队拔河，甲胜乙，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力大【分析】牛顿第一律是在的根底上推理概括得出的规律；即物体在不受力的作用时，总保持静止状态或物体做匀速直线运动状态，根据平行四边形那么判断合力与分力的关系，惯性是物体得固有属性，任何物体，任何状态下都有惯性．【解答】解：A、由牛顿第一律可知，当物体不受力或受平衡力时，物体将处于静止状态或匀速直线运动状态，因此力是改变物体运动状态的原因；故A正确；B、根据平行四边形那么可知，两个力的合力可以比每一个分力都大，也可以比每一个分力小，故B错误；C、惯性是物体得固有属性，任何物体，任何状态下都有惯性，故C错误；D、甲对乙的拉力与乙对甲的拉力是作用力和反作用力，大小相，故D错误．应选：A3．电梯内有一弹簧秤挂着一个重5N的物体．当电梯运动时，看到弹簧秤的读数为6N，那么可能是〔〕A．电梯加速向上运动B．电梯减速向上运动C．电梯加速向下运动D．电梯减速向下运动【分析】对物体受力分析，然后根据牛顿第二律求解加速度，再确物体的运动情况．【解答】解：当电梯运动时，看到弹簧秤的度数为6N，物体受向上的弹力，向下的重力，根据牛顿第二律，有：F﹣G=ma由于F大于G，故加速度向上，处于超重状态，故电梯加速上升或者减速下降；选项AD正确，BC错误．应选：AD4．在水平桌面上的书，它对桌面的压力和它的重力之间的关系是〔〕A．压力就是重力B．压力和重力是一对平衡力C．压力的施力物体是重力的受力物体D．压力的受力物体是重力的施力物体【分析】压力是垂直作用在物体外表上的力，它的施力物体是物体本身，受力物体是物体的外表，重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，它的施力物体是地球，受力物体是它本身．【解答】解：A、压力不是重力，它们的施力物体、受力物体、作用点都不相同，所以A错误的；B、物体放在水平桌面上时，对桌面的压力来自物体的重力，它们的大小是相同的，作用在两个物体上，它们的性质也完全不同，也不是一对平衡力，所以B 错误的；C、压力的施力物体是书，重力的受力物体也是书，故C正确；D、压力的施力物体是书，重力的施力物体是地球，所以D错误的；应选：C．5．如下图，重力G=20N的物体，在动摩擦因数为0.1的水平面上向左运动，同时受到大小为10N，方向向右的水平力F的作用，那么物体所受摩擦力大小和方向是〔〕A．2N，水平向左B．2N，水平向右C．10N，水平向左D．8N，水平向右【分析】滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反．根据物体相对于地面向左运动，判断滑动摩擦力方向．物体对水平面的压力大小N于物体的重力G，由f=μN求解摩擦力大小．【解答】解：物体在水平面上向左运动，受到水平面滑动摩擦力方向向右．物体对水平面的压力大小N于物体的重力G，那么摩擦力大小为f=μN=μG=0.1×20N=2N．应选B 6．关于运动和力的关系，以下说法中正确的选项是哪些〔〕A．力是维持物体运动的原因B．力是使物体做变速运动的原因C．力只能改变物体运动速度的大小D．力是改变物体运动状态的原因【分析】力是产生加速度的原因，所以力是改变物体运动状态的原因，故力既能改变物体速度的大小，也能改变物体速度的方向；维持物体运动的原因是物体的惯性．【解答】解：A、力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动的原因是物体的惯性，故A错误．B、力是改变物体运动状态的原因，故力是产生加速度的原因，所以力是使物体做变速运动的原因，故B正确．C、力是改变物体运动状态的原因，故力既能改变物体速度的大小，也能改变物体速度的方向，故C错误．D、力是产生加速度的原因，物体的加速度不为0，物体的运动状态就会发生改变，故D正确．应选BD．7．跳高运发动从地面上起跳的瞬间，以下说法中正确的选项是〔〕A．运发动给地面的压力于运发动受到的重力B．地面给运发动的支持力大于运发动受到的重力C．地面给运发动的支持力大于运发动对地面的压力D．地面给运发动的支持力的大小于运发动对地面的压力的大小【分析】运发动能够挑起的原因是地面的支持力大于运发动的重力，即运发动所受合力竖直向上．地面对运发动的支持力和运发动对地面的压力是作用力和反作用力，大小相，方向相反．【解答】解：运发动在起跳过程中运发动的加速度竖直向上，根据牛顿第二律可知运发动所受合力竖直向上，故地面对运发动的支持力大于运发动的重力，由牛顿第三律可知，运发动受到的支持力于运动对地面的压力，故A错误，B 正确，C错误，D正确；应选：BD．8．两个质点甲与乙，同时由同一地点向同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如下图，那么以下说法中正确的选项是〔〕A．在第2秒末甲、乙将会相遇B．在第2秒末甲、乙速度相同C．在前2秒内，甲的平均速度比乙的大D．以上说法都不对【分析】v﹣t图象中，图象与坐标轴围成的面积表示位移．相遇要求在同一时刻到达同一位置，位移相．由图能直接读出速度．平均速度由位移与时间之比分析．【解答】解：A、由图象与坐标轴围成的面积表示位移可知：在前2s内甲的位移比乙小，那么知甲还没有追上乙，故A错误．B、在第2秒末两图象相交，甲、乙速度相同，故B正确．C、在前2s内甲的位移比乙小，那么甲的平均速度比乙的小，故C错误．D、由上可知D错误；应选：B9．一质点在某段时间内做曲线运动，那么在这段时间内〔〕A．速度一在不断地改变，加速度也一在不断地改变B．速度一在不断地改变，加速度可以不变C．速度可以不变，加速度一在不断改变D．速度和加速度都可以不变【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一变化，由此可以分析得出结论．【解答】解：A、物体既然是在做曲线运动，它的速度的方向必是改变的，但是合力不一改变，所以加速度不一改变，如平抛运动，所以AD错误，B正确．C、既然是曲线运动，它的速度的方向必是改变的，那么速度也就一在变化，所以C错误，应选：B．10．决平抛运动物体飞行时间的因素是〔〕A．初速度B．抛出时的高度C．抛出时的高度和初速度D．以上均不对【分析】将平抛运动分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上自由落体运动，根据分运动与合运动具有时性，根据竖直方向的运动，h=gt2求出飞行的时间．【解答】解：平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据h=gt2，t=．知平抛运动的时间由高度决，与初速度无关．故B正确，A、C、D错误．应选：B．11．如下图，两个质量相同的物体1和2，紧靠在一起放在光滑的水平面上，如果它们分别受到水平推力F1和F2的作用，而且F1＞F2，那么1施于2的作用力的大小为〔〕A．F1B．F2C ． D ．【分析】先以两个物体整体为研究对象，由牛顿第二律求出加速度，再隔离其中一个物体研究，求出1施于2的作用力大小．【解答】解：设两物体的质量均为m，1施于2的作用力大小为F．根据牛顿第二律得：对整体：a=对物体2：F﹣F2=ma得到：F=ma+F2=应选：C12．物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如下图．在A点物体开始与弹簧接触，到B点时，物体速度为零，然后被弹回，那么以下说法正确的选项是〔〕A．物体从A下降到B的过程中，速率不断变小B．物体从B上升到A的过程中，速率不断变大C．物体从A下降到B，以及从B上升到A的速程中，速率都是先增大，后减小D．物体在B点时，所受合力为零【分析】根据物体所受的合力方向判断加速度的方向，根据速度方向与加速度方向的关系，判断其速度的变化．注意分析加速度和速度的方向关系．【解答】解：A、在A下降到B的过程中，开始重力大于弹簧的弹力，加速度方向向下，物体做加速运动，弹力在增大，那么加速度在减小，当重力于弹力时，速度到达最大，然后在运动的过程中，弹力大于重力，根据牛顿第二律知，加速度方向向上，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，运动的过程中弹力增大，加速度增大，到达最低点，速度为零．故速度先增大后减小．故A 错误．B、在从B上升到A的过程中，弹簧弹力开始时大于重力，加速度向上，物体向上运动，由于弹力减小，那么加速度减小，但速度继续增大；弹力与重力相时速度达最大，此后由于弹力小于重力，物体的速度开始减小，故速率先增大后减小；故B错误；C、由AB的分析可知，C正确；D、物体在B点时为最低点，此时速度为零，弹簧压缩量最大，故此时合力向上；故D错误；应选：C．13．如下图，物体在恒力F作用下沿曲线从A运动到B，这时突然使它所受的力反向而大小不变〔即由F变为﹣F〕，在此力作用下，物体以后的运动情况，以下说法正确的选项是〔〕A．物体可能沿曲线Ba运动B．物体可能沿直线Bb运动C．物体可能沿曲线Bc运动D ．物体可能沿原曲线由B返回A【分析】物体做曲线运动时，运动轨迹是在速度与力的夹角之中，根据这一点可以判断原来的恒力F的方向是向下的，当F变成向上时，运动轨迹仍然要处于速度与合力的夹角之间．【解答】解：物体从A到B运动，因为运动轨迹是在速度与力的夹角之中，所以物体所受恒力方向是向下的．到达B点后，力的大小不变方向相反，变成向上．A、由于力的方向发生了改变，曲线Ba不在力与速度的夹角内，故A错误．B、因为物体在B点的速度方向为切线方向，即直线Bb，而力与速度方向不同，所以物体不可能做直线运动，故B错误．C、Bc在力与速度的夹角内，物体有可能沿Bc运动，故C正确．D、很明显，物体不可能由B返回A，故D错误．应选C．二、计算题14．〔2021秋•清镇市校级期末〕质量为5kg的物体受水平拉力F的作用，物体以10m/s的速度在水平面上沿拉力方向做匀速直线运动．当突然撤去F后，物体经5s停止运动，〔g取10m/s2〕求：〔1〕F的大小；〔2〕物体与水平面间的动摩擦因数．【分析】撤去F后，物体经5s停止运动，由动量理即可求得物体受到的摩擦力；在拉力F作用下，物体做匀速直线运动，可求得拉力F的大小；由摩擦因数的义式即可求得摩擦因数．【解答】解：〔1〕撤去F后水平方向物体只受到摩擦力的作用，物体经5s停止运动，由动量理得：﹣ft=0﹣mv所以： N 匀速运动时：f=F=10N〔2〕物体与水平面间的动摩擦因数：答：〔1〕F的大小是10N；〔2〕物体与水平面间的动摩擦因数S 0.215．〔2021•甘州区校级二模〕如下图，沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向37°角，小球和车厢相对静止，球的质量为1kg．〔g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔1〕求车厢运动的加速度，并说明车厢的运动情况．〔2〕求悬线对球的拉力．【分析】〔1〕对小球进行受力分析，根据牛顿第二律求出加速度，而车厢相对于小球静止，加速度相，进而判断车厢的运动情况；〔2〕根据力的合成与分解求出绳子的拉力．【解答】解：〔1〕车厢的加速度与小球加速度相同，对小球进行受力分析，根据牛顿第二律得：a=所以车厢的加速度大小为m/s2，方向水平向右，所以车厢可能向右做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动．〔2〕由图可知：F=答：〔1〕车厢运动的加速度大小为m/s2，方向水平向右，车厢可能向右做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动．〔2〕悬线对球的拉力为1N．16．〔2021春•校级月考〕将一个物体以10m/s 的速度从10m的高度水平抛出，求物体经过多长时间落地及落地时的速度是多少〔不计空气阻力，取g取10m/s2〕．【分析】根据高度求出平抛运动的时间，结合速度时间公式求出竖直分速度，再根据平行四边形那么求出落地的速度．【解答】解：根据h=得：t=，落地时竖直分速度为：，根据平行四边形那么知，落地的速度为： m/s=10m/s．答：物体经过时间落地，落地的速度为10m/s．17．〔2021秋•末〕民用客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接，供旅客上下飞机，一般还设有紧急出口．发生意外情况的飞机在着陆后，翻开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊构成的斜面，机舱中的人可沿该斜面滑行到地面上来，示意图如下图．某机舱离气囊底端的竖直高度AB=3.0m，气囊构成的斜面长AC=5.0m，CD段为与斜面平滑连接的水平地面．一个质量m=60kg的人从气囊上由静止开始滑下，人与气囊、地面间的动摩擦因数均为μ=0.5．不计空气阻力，g=10m/s2．求：〔1〕人从斜坡上滑下时的加速度大小；〔2〕人滑到斜坡底端时的速度大小；〔3〕人离开C点后还要在地面上滑行多远才能停下？【分析】〔1〕人从斜坡上滑下时受到重力、斜面的支持力和滑动摩擦力，作出力图，根据牛顿第二律求解加速度．〔2〕根据条件：初速度、斜面长AC和加速度，由速度与位移的关系式求解人滑到斜坡底端时的速度大小．〔3〕人在地面上滑行时水平方向受到滑动摩擦力作用，由牛顿第二律求出加速度，再由速度与位移的关系式求出在地面上滑行的距离．【解答】解：〔1〕物体受力如右图所示．由牛顿运动律：mgsinθ﹣μN=maN﹣mg cosθ=0解得：a=gsinθ﹣μgcosθ=2m/s2〔2〕由v c2=2as，得到v c =2m/s〔3〕由牛顿运动律：μmg=ma′由02﹣v c2=2〔﹣a′〕s′解得：s′=2.0m答：〔1〕人从斜坡上滑下时的加速度大小为2m/s2；〔2〕人滑到斜坡底端时的速度大小为2m/s；〔3〕人离开C点后还要在地面上滑行2m才能停下．。

高一物理下学期开学考试试卷

应对市爱护阳光实验学校高一物理下学期开学考试试卷一、单项选择题：〔每题5分〕1．一升降机在箱底装有假设干个弹簧，如下图，设在某次事故中，升降机吊索在空中断裂，忽略摩擦力，那么升降机在从弹簧下端触地后直到最低点的一段运动过程中〔〕A．升降机的速度不断减小 B．升降机的加速度不断变大C．先是弹力小于重力，然后是弹力大于重力D．到最低点时，升降机加速度大小为零2．物块A1、A2、B1、B2的质量均为m，A1、A2用刚性轻杆连接，B1、B2用轻质弹簧连接，两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，如下图，今突然迅速地撤去支托物，让物块下落，在除去支托物的瞬间，A1、A2受到的合力分别为F A1和F A2，B1、B2受到的合力分别为F B1和F B2，那么〔〕A．F A1＝0，F A2＝2mg，F B1＝0，F B2＝2mgB．F A1＝mg，F A2＝mg，F B1＝0，F B2＝2mgC．F A1＝0，F A2＝2mg，F B1＝mg，F B2＝mgD．F A1＝mg，F A2＝2mg，F B1＝mg，F B2＝mg3．一物体从曲面上的A点自由滑下〔如下图〕，通过水平静止的粗糙传送带后落到地面上的P点。

假设传送带沿逆时针的方向转动起来，再把该物体放到A点，让其自由滑下，那么〔〕 A．它仍将落在P点B．它将落在P点左边C．它将落在P点右边D．在P点、P点左边、P点右边都有可能4. 如下图,轻弹簧两端拴接两个质量均为m的小球a、b,拴接小球的细线固在天花板,两球静止,两细线与水平方向的夹角α=30°,弹簧水平,以下说法正确的选项是〔〕A. 细线拉力大小为mgB. 弹簧的弹力大小为gm23C. 剪断左侧细线瞬间,b球加速度为0D. 剪断左侧细线瞬间,a球加速度为21g5. 如图甲所示为杂技表演的平安示意图，绳的结构为正方格形， O、a、b、c、d……为绳的结点，平安水平张紧后，假设质量为m 的运发动从高处落下，并恰好落在O点上，该处下凹至最低点时，绳dOe，bOg均成120°向上的张角，如图乙所示。

高一下学期开学考试(物理)试题含答案

高一下学期开学考试（物理）（考试总分：100 分）一、单选题（本题共计8小题，总分32分）1.（4分）1．关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．曲线运动一定是匀变速运动C．曲线运动一定是变加速运动D．速度大小不变的运动一定不是曲线运动2.（4分）2．如图所示，一个物体在外力F的作用下沿光滑的水平面沿曲线从M减速运动到N，下面关于外力F和速度的方向的图示正确的是（）A．B．C．D．3.（4分）3．“研究平抛物体的运动”实验的装置如图所示，下列说法错误的是（）A．在实验前应将斜槽的末端切线调成水平B．将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行C．小球每次必须从斜面上同一位置由静止开始释放D．斜槽对小球的摩擦对本实验有影响，应该选择尽量光滑的斜槽4.（4分）4．将石块从空中某一高度水平抛出，不计空气阻力，石块运动的过程中（）A．速度的大小不变B．速度的方向不变C．竖直向下的分速度不变D．任意时间间隔内的速度的变化量的方向不变5.（4分）5．如图所示为一个做匀变速曲线运动的质点从A到E的运动轨迹示意图，已知在B点的速度与加速度相互垂直，则下列说法中正确的是（）A．D点的速率比C点的速率大B．A点的加速度与速度的夹角小于90°C．A点的加速度比D点的加速度大D．从A到D速度先增大后减小6.（4分）6．2020年是农历庚子鼠年，如图所示，一只小老鼠和一只大象在转动的跷跷板上。

跷跷板上A、B两点之间长度为L，当A点的速度为v1时，B点的速度为v2，则转轴O到B点的距离为（）A．L B．LC．L D．L7.（4分）7．如图所示，在室内自行车比赛中，运动员以速度v在倾角为θ的赛道上做匀速圆周运动。

已知运动员的质量为m，做圆周运动的半径为R，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．将运动员和自行车看做一个整体，整体受重力、支持力、摩擦力和向心力的作用B．运动员受到的合力为，是一个恒力C．若运动员加速，则可能沿斜面上滑D．若运动员加速，则一定沿斜面下滑8.（4分）8．如图所示，光滑的水平面上，小球m在拉力F作用下做匀速圆周运动，若小球到达P点时F突然发生变化，则下列关于小球运动的说法正确的是（）A．F突然变大，小球将沿轨迹Pb做离心运动B．F突然变大，小球将沿轨迹Pc做近心运动C．F突然变小，小球将沿轨迹Pc做离心运动D．F突然变小，小球将沿轨迹Pc做近心运动二、多选题（本题共计4小题，总分16分）9.（4分）9．如图所示，小球甲从A点水平抛出的同时小球乙从B点自由释放，两小球先后经过C点时的速度大小相等，方向间的夹角为θ＝45°，已知BC高h，不计空气的阻力。

人教版高中物理必修一第二学期开学考试高一考试试卷

12．如图所示，在一根水平直杆上套着两个轻环，在环下用两根等长的轻绳拴着一个重物。

把两环分开放置，静止时杆对a环的摩擦力大小为F f，支持力为F N。

若把两环距离稍微约缩短一些，系统仍处于静止状态，则()A．F N变小B．F N不变C．F f变小D．F f变大二、实验题（12分，每空2分）13．在“研究自由落体运动”的实验中，如果打点计时器打出的纸带前面的几个点不清晰，只得到如图所示从A点至E点这一段点迹的纸带。

在纸带上测出AB、BC、CD、DE之间的距离分别是d1、d2、d3、d4。

已知打点计时器打点的周期为T，重锤质量为m。

F由此可求得打B点时，重锤的速度v B= ，打D点时，重锤的速度v D= 。

打点计时器在纸带上打B点到打D点的时间是，重锤运动的加速度是。

14．某同学为了“验证力的平行四边形定则”，实验步骤依次为：(1)用图钉将白纸固定在木板上。

(2)将橡皮条的一端拴上两支细绳套，另一端用图钉固定在木板上。

(3)用两只弹簧测力计分别互成角度地拉两绳套，将橡皮条与绳套的结点拉到某一位置O。

用铅笔描下O点的位置及两绳的方向，并记下弹簧测力计的读数F1、F2。

(4)用铅笔和刻度尺从O点沿两绳套的方向画直线，选好标度，按F1、F2的大小做两个力的图示。

用刻度尺与三角板做平行四边形后，求得合力F。

(5)改用一只弹簧测力计向任意一个方向拉绳套，记下绳的方向和弹簧测力计的读数F ′，用同样的标度，做出力F′的图示。

(6)比较F′和F的大小和方向是否相同。

(7)改变F1及F2的大小和方向，重复上述步骤。

此同学在实验中操作错误的步骤是(填步骤序号)。

正确的操作是。

三、计算题（总分40分）15．（10分）如图，用一根绳子a把物体挂起来，再用另一根水平的绳子b把物体拉向一旁固定起来。

物体的重力是40N，绳子a与竖直方向的夹角 = 37°，绳子a与b对物体的拉力分别是多大？(sin 37° = 0.6，cos 37° = 0.8)16．（8分）如图所示，男生甲和女生乙各站在一块滑板上，分别抓着轻绳的一端。

安徽省芜湖市2023-2024学年高一下学期开学考试物理试题含答案

高一物理（答案在最后）满分：100分考试时间：75分钟注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B 铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹签字笔书写，字体工整、笔迹清晰。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.下列说法正确的是（）A.物体受到的重力就是地球对物体的吸引力B.分力的大小一定比合力的大小要小C.轻杆对物体的弹力一定沿轻杆方向D.物体受到的摩擦力可能与其运动速度方向相同【答案】D 【解析】【详解】A ．重力是由地球吸引而使物体受到的力，但重力不一定等于地球的吸引力，只有地球南北极重力和吸引力的大小才相等，在地球的其它地方，地球对物体的吸引力除了提供重力外，另外还提供物体跟地球一起自转所需要的向心力，故A 错误；B ．根据平行四边形定则可得1212F F F F F -≤≤+合可知分力可能比合力大也可能比合力小，还可能与合力大小相等，故B 错误；C ．轻质硬杆对物体的作用力可能沿杆方向，也可能不沿杆方向，故C 错误；D ．物体所受的摩擦力方向总是与物体相对运动的方向相反，可能与其运动速度方向相同，故D 正确。

故选D 。

2.北京大学著名物理学赵凯华教授曾经说过这样一句话：“加速度是人类认识史上最难建立的概念之一，也是每个初学物理的人最不易掌握的概念……”。

如图所示，2023年9月27日4时15分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征四号丙运载火箭，成功将遥感三十三号04星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。

高一物理下学期开学考试试题(含解析)

高一物理下学期开学考试试题（含解析）一、单选题（本大题共9小题，共36.0分）1.如图所示为质点做匀变速曲线运动的轨迹示意图，且质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则在质点从A点运动到E点的整个过程中，下列说法中正确的是（）A. 质点从B点运动到E点的过程中，加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小B. 质点经过A点时的加速度方向与速度方向的夹角小于90︒C. 质点经过C点时的速度比经过D点时的大D. 质点经过D点时的加速度比经过B点时的大【答案】C【解析】【详解】A．质点从B点运动到E点的过程中，加速度方向与速度方向的夹角一直减小，故错误；BC．由做曲线运动的物体所受合力指向曲线的内侧可知，质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则经过A、B、C三点时的速度方向与加速度方向的夹角大于90︒，合外力做负功，由动能定理可得，经过D点时的速度比经过C点时的小，故B错误，C正确；D．质点做匀变速曲线运动，则加速度不变，所以质点经过D点时的加速度与经过B点时的相同，故D错误。

故选C。

2.如图所示，在竖直放置的半圆形容器中心O点分别以水平速度V1，V2抛出两个小球（可视为质点），最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA⊥OB，且OA与竖直方向夹角为α角，则两小球初速度大小之比值12VV为（）A. tanαB. CosαC tanαtanα D.CosαCosα【答案】C【解析】试题分析：由几何关系可知，A的竖直位移h A=R cosα，水平位移x A=Rsinα；B的竖直位移h B=Rcos（90°-α）=Rsinα，水平位移x B=Rsin（90°-α）=Rcosα由平抛运动的规律可知，h=12gt2 x=v0t 解得v0=x2gh，则12A BAbv x hv x h=⨯=tan tanαα考点：本题考查平抛运动的规律．3.荡秋千是儿童喜爱的一项体育运动．图为小孩荡秋千运动到最高点的示意图，下列说法正确的是(不计空气阻力)( )A. 小孩运动到最高点时，小孩所受的合力为零B. 小孩从最高点运动到最低点过程做匀速圆周运动C. 小孩运动到最低点时处于失重状态D. 小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力的合力提供其做圆周运动的向心力【答案】D【解析】【详解】A．小孩运动到最高点时，速度为零，受重力和绳子拉力作用，合力不为零，合力方向沿着切线方向，A错误；B．小孩从最高点运动到最低点过程中，线速度越来越大，B错误；C．小孩运动到最低点时，具有向心加速度，方向竖直向上，故小孩处于超重状态，C错误；D．小孩运动到最低点时，小孩的重力和绳子拉力的合力提供其做圆周运动的向心力，D正确．故选D。

宁夏育才中学2022-2023学年高一下学期开学考试物理试题(含解析)

开学测试高一年级物理试卷（试卷满分100分，考试时间为100分钟）一、选择题（共18小题，第1~12题为单选，每小题2分；第13~18题为多选，每小题4分，选不全得2分；共计48分）1．随着银兰高铁的开通，在相对欠发达的西部地区，甘肃省首先迈入了环线高铁时代。

假设某天开通此环线高铁：兰州→西安（西兰线）→银川（银西线）→兰州（银兰线），全程约11小时。

下列说法正确的是（）A．11小时是时刻B．研究高铁通过黄河大桥时，可将高铁视为质点C．高铁沿环线一周，路程为0D．高铁沿环线一周，平均速度为0 2．CVT变速箱实现了无级变速，为测试某辆配备了CVT变速箱汽车的性能，该汽车做匀加速直线运动。

在前一半时间内的平均速度的大小为40m/s，后一半时间内的平均速度的大小为60m/s，则在全程范围内的平均速度的大小是（）A．50m/s B．48m/s C．52m/s D．45m/s3．如图所示，弹丸和足球的初速度均为v1=5m/s，方向向右。

设它们分别与木板作用的时间都是0.1s，弹丸击穿木板后速度大小变为2m/s，足球与木板作用后反向弹回的速度大小为5m/s，则下列弹丸和足球作用木板时加速度大小及方向正确的是（）A．弹丸：30m/s2，方向向左B．弹丸：70m/s2，方向向左C．足球：30m/s2，方向向右D．足球：70m/s2，方向向右4．如图A、B两物体由同一地点沿相同方向运动的v-t图像，以下说法错误的是（）A．A、B同时出发B．第5s末，A、B两物体速度相等C．第5s末，A、B两物体相遇D．第15s末，A物体在B物体前5．一枯井深80m，一石子从井口开始做自由落体运动（g=10m/s2），则（）A．石子下落的总时间为8s B．石子2s末的速度是80m/sC．石子前2s内的平均速度是15m/s D．石子最后1s内的位移为35m6．如图所示，小明用100N的水平力推一重为500N的木箱，木箱未被推动，则此种情况下物体所受摩擦力情况是（）A．摩擦力的方向向右，大小等于100NB．摩擦力的方向向右，大小等于500NC．摩擦力的方向向左，大小等于500ND．摩擦力的方向向左，大小等于100N7．如图所示，福特猛禽与拖拉机在田间拔河比赛，最终福特猛禽胜出，下列说法中正确的是（）A．福特猛禽对绳子的拉力是由于绳子发生弹性形变而产生的B．福特猛禽拉绳子的力和绳子拉福特猛禽的力是一对平衡力C．福特猛禽获胜是因为拖拉机受到的拉力大于地面给拖拉机的摩擦力D．福特猛禽获胜是因为福特猛禽拉绳子的力大于拖拉机拉绳子的力8．某同学探究“求合力的方法”实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细线的结点，OB和OC为细线，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图，下列正确的是（）A．两次须将节点O拉到同一位置B．实验中橡皮条应与两细线夹角的平分线在同一直线上C．图乙中F是实验值D．图乙中F′是理论值9．某商场中，一顾客乘扶梯上楼，与扶梯一起加速运动，如图所示。

浙江省浙南名校联盟2023-2024学年高一下学期开学考试物理试题(含答案)

浙江省浙南名校2023-2024学年高一下学期开学考试物理试题考生须知：（答案在最后）1．本卷共7页，满分100分，考试时间90分钟。

2．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。

3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。

4．考试结束后，只需上交答题纸。

10m s/本卷g取2一、选择题1.下列工具不能直接测量国际单位制中基本量的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【详解】A．A图是弹簧测力计，测量的是力，力的单位是N，是导出单位，因此力不是国际单位制中基本量，A符合题意；B．B图是电流表，电流表测量的是电流，电流是国际单位制中基本量，B不符合题意；C．C图是秒表，测量的是时间，时间是国际单位制中基本量，C不符合题意；D．D图是天平，天平测量的是质量，质量是国际单位制中基本量，D不符合题意。

故选A。

2.2023年杭州第19届亚运会龙舟比赛在温州龙舟基地举行，六个项目的角逐中，我国健儿取得了5金1银的好成绩。

下列有关龙舟500米直道竞技的说法中正确的是（）A.研究队员的划桨动作时，可将队员看成质点B.比赛过程中冠军龙舟的平均速度一定最大C.比赛过程中冠军龙舟撞线时的瞬时速度一定最大D.龙舟齐头并进时，可以认为龙舟相对于地面是静止的【答案】B【解析】【详解】A．研究队员的划桨动作时不能忽略队员的形状，所以不能看作质点，故A错误；B．龙舟比赛中位移相同，冠军运动的时间最短，根据xvt可知冠军龙舟的平均速度一定最大，但瞬时速度不一定最大，故B正确，C错误；D．龙舟齐头并进时，龙舟之间相对静止，故D错误。

故选B。

3.如图是乒乓球比赛中运动员的削球动作，下列说法正确的是（）A.乒乓球被削回在空中飞行时受到重力、空气阻力和球拍摩擦力作用B.乒乓球被削回的速度越大，惯性越大，飞得就越远C.削球时乒乓球拍对球的弹力是因为球拍形变产生的D.削球时球拍对乒乓球施加的力大小大于乒乓球对球拍施加的力大小【答案】C【解析】【详解】A．乒乓球被削回在空中飞行时受到重力、空气阻力的作用，故A错误；B．乒乓球被削回的速度越大，飞得就越远，惯性只与质量有关，与速度无关，故B错误；C．根据弹力产生的条件可知，削球时乒乓球拍对球的弹力是因为球拍形变产生的，故C正确；D．削球时球拍对乒乓球施加的力和乒乓球对球拍施加的力是相互作用力，大小相等，故D错误。