高二理科物理期中试题及答案详解
2021-2022年高二上学期期中物理试卷(理科) 含解析
2021年高二上学期期中物理试卷（理科）含解析一、单项选择题（每小题3分，共24分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．下列说法正确的是（）A．在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度均相同B．电场中某点的场强越大，同一电荷在该点受到的电场力越大C．电场中某点电场强度的方向就是试探电荷在该点所受静电力的方向D．电场中某点P未放试探电荷，则P点的电场场强为零2．取一对用绝缘柱支持的导体A和B，使它们彼此接触，起初它们不带电，贴在下部的金属箔片是闭合的，把带正电的物体C移近导体A，如图所示，下列说法正确的是（）A．左端金属箔片张开，右端不张开B．左端金属箔片不张开，右端张开C．移走物体C，分开AB，则A导体带负电，B导体带正电D．分开AB，移走物体C，则A导体带负电，B导体带正电3．完全相同的两金属小球，相距为d（d远大于小球的直径），分别带有q和3q的电荷量，其相互作用的引力为F，现将两小球接触，然后分开，放回原处，则它们相互作用的库伦力为（）A．，引力B．，斥力C．，引力D．，斥力4．如图所示，a、b、c是一条电场线上的三点，电场线的方向由a到c，a、b间距离等于b、c间距离，用φa、φb、φc和E a、E b、E c分别表示abc三点的电势和场强，可以判定（）A．φa＞φb＞φc B．E a＞E b＞E c C．φa﹣φb=φb﹣φc D．E a=E b=E c5．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上写有“通话时间3h”，则该手机通话时消耗的功率为（）A．1.8×103W B．1.8W C．0.6W D．6×102W6．一电流表的满偏电流为100mA，内阻为100Ω，要把它的量程扩大到0.6A，应在电流表上（）A．并联一个20Ω的电阻B．串联一个20Ω的电阻C．串联一个16.7Ω的电阻D．并联一个16.7Ω的电阻7．一根粗细均匀的铜导线，横截面积为S，单位长度内自由电子的数目为N，当通过同导线的电流为I时，电子定向移动的速率为（）A．光速c B． C． D．8．如图所示，真空中有四点A，B，C，D在一条直线上，AB=BC=CD，如只在A点放一电荷量为+Q的点电荷时，B点场强为E，若再将等量异号的点电荷﹣Q放在D点，则（）A．B点场强为E，方向水平向右B．B点场强为E，方向水平向右C．BC中点的场强为零D．B，C两点的场强方向相反二、不定项选择题（每小题4分，共16分，每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，选错或未答的得0分）9．如图所示，直线a，b是由同种材料制成的两条长度相同，粗细均匀的电阻丝的I﹣U图线，下列判断正确的是（）A．电阻丝a的电阻较大B．电阻丝b的电阻较大C．电阻丝a较粗D．电阻丝b较粗10．如图所示，A，B为相同的灯泡，均发光，电压U保持不变，当变阻器的滑片P向下滑动时，则（）A．A灯变亮 B．A灯变暗 C．B灯变亮D．B灯亮度不变11．如图所示，实线是电场线，方向已标明，虚线ab是某一带电粒子（不计重力）在电场中的运动轨迹，根据以上条件可以做出的正确判断是（）A．粒子带负电B．粒子在a点的速度较大C．粒子在a点的加速度较大D．粒子在a点的电势能较大12．如图所示，平行板电容器的极板B接地，A板带有电荷量+Q，板间电场中有一固定点P，以下说法正确的是（）A．将B板固定，A板右移一小段距离，则P点的电场强度不变，电势不变B．将B板固定，A板右移一小段距离，则P点的电场强度增大，电势升高C．将B板固定，A板下移一小段距离，则P点的电场强度不变，电势不变D．将B板固定，A板下移一小段距离，则P点的电场强度增大，电势升高三、填空、填空题（每空2分，共24分）13．电子伏是研究微观粒子时常用的能量单位，1eV就是在电势差为1V的两点间移动一个元电荷，电场力所做的功，则1eV=J．14．用螺旋测微器测量一根合金丝的直径，为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧图示的部件（选填“A”、“B”、“C”或“D”），从图中的示数可读出合金丝的直径为mm．15．在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，采用的仪器有：电源E（电动势6V，内阻不计）；小灯泡L（4.0V，1.6W）；电流表A（量程0.6A，内阻约2Ω）；电压表V（量程5V，内阻约15kΩ）；滑动变阻器R（最大阻值15Ω）；开关S，导线若干．实验中要求加在小灯泡上的电压从零到小灯泡的额定电压连续可调．（1）在做实验时，构成的实物电路如图甲所示，请指出实物电路中的错误之处：①；②．（2）请在图丙虚线方框内画出实验所用的正确电路原理图．（3）如图乙所示为某同学根据正确的实验电路所测的几组数据画出的I﹣U图象，图象是一条曲线而不是直线的原因是，从图象中可求得小灯泡两端电压为3.0V时的电功率为W．16．用镍铬合金制成的甲、乙两根电阻丝的粗细相同、长度不同，甲电阻丝的长度为24m，镍铬合金的电阻率为1×10﹣6Ω•m，甲、乙电阻的I﹣U图象如图所示，则乙电阻丝的长度为m，电阻丝的横截面积为m2．17．一个电动机的线圈电阻值为0.2Ω，当它两端所加的电压为220V时，通过的电流是5A，则该电动机的输入功率为W，输出功率为W．四、计算题（36分，要写出必要的文字说明和推导过程，只有结果的不得分）18．电场中有A，B，C三点，把q=2×10﹣9C的负电荷从A点移到B点，电场力做1.5×10﹣7J的正功，再把该电荷从B点移到C点，电场力做4×10﹣7J的负功，若规定B点的电势为零，求：（1）该电荷从A点移到C点电势能的变化量；（2）A，B两点的电势差U AB；（3）C点的电势φC．19．如图所示，电阻R1=20Ω，R3=10Ω，平行金属板电容器的电容C=10﹣4F，两板间距离为d=5cm，A，B两点电压为U0=30V，在平行金属板之间，一质量为m=2×10﹣3kg、带电量为q=10﹣4C的液滴保持静止状态（取g=10m/s2）求：（1）电容器的电量；（2）R2的电阻值．20．如图所示，一带电微粒质量m=2.0×10﹣11kg、电荷量q=1.0×10﹣5C，从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场，微粒射出偏转电场时的偏转角θ=60°，已知偏转电场金属板长L=2cm，重力忽略不计，求：（1）带电微粒经U1=100V的电场加速后的速率；（2）两金属板间偏转电场的电场强度E的大小．xx天津市武清区高二（上）期中物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共24分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．下列说法正确的是（）A．在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度均相同B．电场中某点的场强越大，同一电荷在该点受到的电场力越大C．电场中某点电场强度的方向就是试探电荷在该点所受静电力的方向D．电场中某点P未放试探电荷，则P点的电场场强为零【考点】电场强度．【分析】电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时场强才相同．电场力与场强的关系为F=qE，电场中同一点场强是一定的．电场强度的方向就是放入电场中的正电荷受到的静电力的方向．场强与检验电荷无关．【解答】解：A、在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故A错误．B、由F=qE，知电场中某一点的场强越大，同一电荷在该点受到的电场力越大，故B正确．C、电场强度的方向就是放入电场中的正电荷受到的静电力的方向，而电场强度方向与放入电场中的负电荷受到的静电力的方向相反．故C错误．D、场强由电场本身决定，与检验电荷无关，即使P点未放试探电荷，P点的场强不变．故D错误．故选：B2．取一对用绝缘柱支持的导体A和B，使它们彼此接触，起初它们不带电，贴在下部的金属箔片是闭合的，把带正电的物体C移近导体A，如图所示，下列说法正确的是（）A．左端金属箔片张开，右端不张开B．左端金属箔片不张开，右端张开C．移走物体C，分开AB，则A导体带负电，B导体带正电D．分开AB，移走物体C，则A导体带负电，B导体带正电【考点】电势差与电场强度的关系．【分析】当带正电的物体C移近导体A时，导体A、B由于接触，则导体中的负电荷向A 端移动，则A端带负电，B端失去电子带正电．若先移走物体C，导体A、B中的电荷将发生中和，若先分开A、B，则导体A、B中的电荷不能发生中和．【解答】解：AB、导体A、B接触，开始不带电，把带正电的物体C移近导体A，由于静电感应，则A端带负电，B端带正电，两端金属箔片都张开，故AB错误．C、移走物体C，导体A、B中的电荷又发生中和，分开A、B，A、B又不带电，故C错误．D、分开A、B，移走C，导体A带负电，B带正电，故D正确．故选：D．3．完全相同的两金属小球，相距为d（d远大于小球的直径），分别带有q和3q的电荷量，其相互作用的引力为F，现将两小球接触，然后分开，放回原处，则它们相互作用的库伦力为（）A．，引力B．，斥力C．，引力D．，斥力【考点】库仑定律．【分析】由库仑定律可得出两球在接触前后的库仑力表达式，则根据电量的变化可得出接触后的作用力与原来作用力的关系．【解答】解：由库仑定律可得：F=k=而两球接触后再分开平分总电量，故分开后，开始时其相互作用的为引力，所以两球带的是异种电荷，则两球的带电量均为，带同种电荷；则库仑力：F′=k=k=F；由于带同种电荷，所以它们之间为斥力．故B正确，ACD错误故选：B4．如图所示，a、b、c是一条电场线上的三点，电场线的方向由a到c，a、b间距离等于b、c间距离，用φa、φb、φc和E a、E b、E c分别表示abc三点的电势和场强，可以判定（）A．φa＞φb＞φc B．E a＞E b＞E c C．φa﹣φb=φb﹣φc D．E a=E b=E c【考点】电场强度；电势．【分析】本题根据顺着电场线方向电势逐渐降低，判断电势关系；电场线的疏密表示电场强度的相对大小．根据匀强电场中场强与电势差的关系U=Ed，定性分析电势差的关系．【解答】解：A、沿电场线方向电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知φa＞φb ＞φc，故A正确．B、D只有一条电场线，不能确定电场线的分布情况，无法比较场强的大小，故BD错误．C、对于匀强电场，两点间的电势差U=Ed，由于电场线的疏密情况无法确定，两点间的电势差的公式U=Ed也不能适用，不能判断电势差的关系，故C错误；故选：A．5．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上写有“通话时间3h”，则该手机通话时消耗的功率为（）A．1.8×103W B．1.8W C．0.6W D．6×102W【考点】电功、电功率．【分析】由图中所提供的“3.6V，500mA•h”，根据功和电功率的有关知识，可求通话时消耗的功率．【解答】解：由图中所提供的电池的容量为“3.6V，500mA•h”，则通话时消耗的功率为P==600mW=0.6W．故选：C6．一电流表的满偏电流为100mA，内阻为100Ω，要把它的量程扩大到0.6A，应在电流表上（）A．并联一个20Ω的电阻B．串联一个20Ω的电阻C．串联一个16.7Ω的电阻D．并联一个16.7Ω的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【分析】把电流表改装成大量程的电流表应并联分流电阻，应用并联电阻特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值．【解答】解：把电流表改装成0.6A电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值：R===20Ω；故选：A．7．一根粗细均匀的铜导线，横截面积为S，单位长度内自由电子的数目为N，当通过同导线的电流为I时，电子定向移动的速率为（）A．光速c B． C． D．【考点】电流、电压概念．【分析】明确电流微观意义的性质，求出电量，再利用电流的定义求出速度大小．【解答】解：设速度为v，则可知时间t内长为vt段的自由电子均经过截面，则电量q=Nevt，再由电流的定义可知电I==Nev；解得v=；故C正确，ABD错误．故选：C．8．如图所示，真空中有四点A，B，C，D在一条直线上，AB=BC=CD，如只在A点放一电荷量为+Q的点电荷时，B点场强为E，若再将等量异号的点电荷﹣Q放在D点，则（）A．B点场强为E，方向水平向右B．B点场强为E，方向水平向右C．BC中点的场强为零D．B，C两点的场强方向相反【考点】电场线；电场强度．【分析】根据点电荷的场强公式E=k，结合场强的叠加求出各点的电场强度大小和方向．【解答】解：A、设AB=BC=CD=r，只在A点放一电荷量为+Q的点电荷时，B点场强为E，可知E=，若再将等量异号的点电荷﹣Q放在D点，则负电荷在B点产生的场强，方向向右，根据场强的叠加知，B点的场强，方向向右，故B正确，A错误．C、等量的异种电荷在BC中点产生的场强方向均向右，最终合场强不为零，故C错误．D、等量异种电荷在B、C两点产生的场强方向均向右，故D错误．故选：B．二、不定项选择题（每小题4分，共16分，每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，选错或未答的得0分）9．如图所示，直线a，b是由同种材料制成的两条长度相同，粗细均匀的电阻丝的I﹣U图线，下列判断正确的是（）A．电阻丝a的电阻较大B．电阻丝b的电阻较大C．电阻丝a较粗D．电阻丝b较粗【考点】路端电压与负载的关系．【分析】I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，根据斜率比较电阻的大小．根据电阻定律R=比较电阻丝的粗细．【解答】解：图线的斜率表示电阻的倒数，图线a的斜率大于b的斜率，所以a的电阻小于b的电阻，根据电阻定律R=知，长度相同，材料相同，知a的横截面积大，b的横截面积小，BC正确，AD错误；故选：BC10．如图所示，A，B为相同的灯泡，均发光，电压U保持不变，当变阻器的滑片P向下滑动时，则（）A．A灯变亮 B．A灯变暗 C．B灯变亮D．B灯亮度不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】首先认识电路的结构：变阻器与灯A联与R串联，再与灯B并联．明确电压不变，则B灯两端电压不变；当变阻器的滑片P向下端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，分析外电路总电阻减小，根据欧姆定律分析总电流的变化，再根据串并联电路的规律分析A灯两端电压的变化，即可知道灯A的亮度变化．【解答】解：电路的结构是：变阻器与灯A并联与R串联，再与灯B并联．由于电压不变，故B灯两端的电压不变，故B灯亮度不变；当变阻器的滑片P向下端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，则知总电流增大，通过B灯的电流不变，故通过R的电流增大，则R两端电压增大，并联部分电压减小，故A灯变暗；故BD正确，AC错误．故选：BD11．如图所示，实线是电场线，方向已标明，虚线ab是某一带电粒子（不计重力）在电场中的运动轨迹，根据以上条件可以做出的正确判断是（）A．粒子带负电B．粒子在a点的速度较大C．粒子在a点的加速度较大D．粒子在a点的电势能较大【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．【分析】根据轨迹的弯曲得出带电粒子所受电场力方向，从而确定粒子的电性．根据电场力做功判断速度的大小以及电势能的大小．根据电场线的疏密比较电场的大小，结合牛顿第二定律比较加速度的大小．【解答】解：A、根据轨迹的弯曲知，带电粒子所受电场力方向向左，可知粒子带负电，故A正确．B、从a到b，电场力做负功，根据动能定理知，速度减小，则粒子在a点的速度较大，故B正确．C、电场线的疏密表示电场的强弱，可知a点的场强大于b点的场强，则电荷在a点所受电场力较大，根据牛顿第二定律知，粒子在a点的加速度较大，故C正确．D、从a点到b点，电场力做负功，电势能增加，则粒子在b点的电势能较大，故D错误．故选：ABC．12．如图所示，平行板电容器的极板B接地，A板带有电荷量+Q，板间电场中有一固定点P，以下说法正确的是（）A．将B板固定，A板右移一小段距离，则P点的电场强度不变，电势不变B．将B板固定，A板右移一小段距离，则P点的电场强度增大，电势升高C．将B板固定，A板下移一小段距离，则P点的电场强度不变，电势不变D．将B板固定，A板下移一小段距离，则P点的电场强度增大，电势升高【考点】电势差与电场强度的关系；电容器的动态分析．【分析】平行四边形与电源断开，则电荷量不变，结合电容的变化得出电势差的变化，根据两极板间的距离变化得出电场强度的变化．抓住P点与下极板间的距离不变，得出P与下极板电势差的变化，从而得出P点的电势变化．【解答】解：A、平行板电容器所带的电荷量不变，将B板固定，A板向右移动一小段距离，则正对面积减小，根据C=知，电容减小，根据U=知，电容器两端的电势差增大，根据E=知，电场强度增大，P点与下极板间的电势差变大，P点的电势升高，故A错误，B正确．C、将板固定，A板下移一小段距离，根据E=知，电场强度不变，则P与下极板间电势差不变，P点的电势不变，故C正确，D错误．故选：BC．三、填空、填空题（每空2分，共24分）13．电子伏是研究微观粒子时常用的能量单位，1eV就是在电势差为1V的两点间移动一个元电荷，电场力所做的功，则1eV= 1.6×10﹣19J．【考点】电势能．【分析】根据电场力做功公式W=qU，可求得1eV和1J的关系．【解答】解：根据电场力做功公式公式W=qU得：1eV=1.6×10﹣19×1J=1.6×10﹣19J．故答案为：1.6×10﹣19．14．用螺旋测微器测量一根合金丝的直径，为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧图示的部件C（选填“A”、“B”、“C”或“D”），从图中的示数可读出合金丝的直径为0.410 mm．【考点】螺旋测微器的使用．【分析】为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧固定螺钉C．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，注意其精度是0.01mm．【解答】解：为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧固定螺钉C螺旋测微器的固定刻度读数为0mm，可动刻度的读数为：0.01mm×41.0=0.410mm，故合金丝的直径为d=0.410mm．故答案为：C；0.41015．在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，采用的仪器有：电源E（电动势6V，内阻不计）；小灯泡L（4.0V，1.6W）；电流表A（量程0.6A，内阻约2Ω）；电压表V（量程5V，内阻约15kΩ）；滑动变阻器R（最大阻值15Ω）；开关S，导线若干．实验中要求加在小灯泡上的电压从零到小灯泡的额定电压连续可调．（1）在做实验时，构成的实物电路如图甲所示，请指出实物电路中的错误之处：①电流表没有接成外接电路；②滑动变阻器没有接成分压电路．（2）请在图丙虚线方框内画出实验所用的正确电路原理图．（3）如图乙所示为某同学根据正确的实验电路所测的几组数据画出的I﹣U图象，图象是一条曲线而不是直线的原因是灯丝电阻随温度而改变，从图象中可求得小灯泡两端电压为3.0V时的电功率为 1.0W．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】描绘小灯泡伏安特性曲线，要求加在小灯泡上的电压从零到小灯泡的额定电压连续可调，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，电流表应采用外接法．I﹣U图线上点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，温度升高，电阻变化，根据图象进行分析，求出电压为3V时的电流，再由P=UI可求得电功率．【解答】解：（1）描绘小灯泡伏安特性曲线，要求加在小灯泡上的电压从零到小灯泡的额定电压连续可调，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，电流表应采用外接法．所以上述实验电路图中的错误之处：①电流表没有接成外接电路②滑动变阻器没有接成分压电路．（2）由以上分析可知，正确电路原理图：（3）图线弯曲是因为温度升高，电阻变大，即灯丝电阻随温度改变而改变．由I﹣U图可知，电压为3V时，电流为0.33A，则功率P=UI=3×0.33≈1.0W；故答案为：（1）①电流表没有接成外接电路②滑动变阻器没有接成分压电路．（2）如图所示；（3）灯丝电阻随温度而改变； 1.0．16．用镍铬合金制成的甲、乙两根电阻丝的粗细相同、长度不同，甲电阻丝的长度为24m ，镍铬合金的电阻率为1×10﹣6Ω•m ，甲、乙电阻的I ﹣U 图象如图所示，则乙电阻丝的长度为 36 m ，电阻丝的横截面积为 m 2．【考点】路端电压与负载的关系．【分析】根据伏安特性曲线求出电阻之比，因为粗细材料相同，由电阻定律电阻与长度成正比，根据求出电阻丝的横截面积． 【解答】解：根据伏安特性曲线得出甲乙电阻之比由电阻定律，有，粗细相同，材料相同，有：代入数据：，解得：甲电阻丝的电阻为：电阻丝横截面积为：故答案为：36，17．一个电动机的线圈电阻值为0.2Ω，当它两端所加的电压为220V 时，通过的电流是5A ，则该电动机的输入功率为 1100 W ，输出功率为 1095 W ．【考点】电功、电功率．【分析】根据线圈电阻和电流求出线圈的热功率P 热，由电压和电流求出电动机的电功率P 电，根据功率分配关系求出电动机机械功率和每秒所做的机械功【解答】解：线圈的热功率：P 热=I 2R=52×0.2=5W电动机的电功率：P 电=UI=220×5=1100W则电动机的机械功率：P 机=P 电﹣P 热=1100W ﹣5W=1095W故答案为：1100W ，1095W ．四、计算题（36分，要写出必要的文字说明和推导过程，只有结果的不得分）18．电场中有A ，B ，C 三点，把q=2×10﹣9C 的负电荷从A 点移到B 点，电场力做1.5×10﹣7J 的正功，再把该电荷从B 点移到C 点，电场力做4×10﹣7J 的负功，若规定B 点的电势为零，求：（1）该电荷从A 点移到C 点电势能的变化量；（2）A ，B 两点的电势差U AB ；（3）C 点的电势φC ．【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【分析】（1）根据电场力做功得出电势能的变化量．（2）根据电场力做功与电势差的关系求出A 、B 两点间的电势差．（3）根据电场力做功与电势差的关系求出B、C两点间的电势差，结合B点的电势求出C 点的电势．【解答】解：（1）电荷从A点移到C点电场力做功W AC=W AB+W BC=1.5×10﹣7﹣4×10﹣7J=﹣2.5×10﹣7J．根据W AC=﹣△E p知，电势能的变化量J．（2）A、B两点间的电势差=﹣75V．（3）B、C两点间的电势差=200V，因为U BC=φB﹣φC，则C点的电势φC=φB﹣U BC=0﹣200V=﹣200V．答：（1）该电荷从A点移到C点电势能的变化量为2.5×10﹣7J；（2）A，B两点的电势差U AB为﹣75V；（3）C点的电势φC为﹣200V．19．如图所示，电阻R1=20Ω，R3=10Ω，平行金属板电容器的电容C=10﹣4F，两板间距离为d=5cm，A，B两点电压为U0=30V，在平行金属板之间，一质量为m=2×10﹣3kg、带电量为q=10﹣4C的液滴保持静止状态（取g=10m/s2）求：（1）电容器的电量；（2）R2的电阻值．【考点】带电粒子在混合场中的运动；闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）液滴静止处于平衡状态，应用平衡条件求出极板间的电压，然后求出电热器的电荷量．（2）应用串联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值．【解答】解：（1）液滴静止处于平衡状态，由平衡条件得：q=mg，电热器的电荷量：Q=CU CD，解得：Q===1×10﹣3C；（2）R1与R2组成串联电路，由欧姆定律得：R2====10Ω；答：（1）电容器的电量为1×10﹣3C；（2）R2的电阻值为10Ω．20．如图所示，一带电微粒质量m=2.0×10﹣11kg、电荷量q=1.0×10﹣5C，从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场，微粒射出偏转电场时的偏转角θ=60°，已知偏转电场金属板长L=2cm，重力忽略不计，求：（1）带电微粒经U1=100V的电场加速后的速率；（2）两金属板间偏转电场的电场强度E的大小．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】（1）根据动能定理求出带电粒子经U1=100V的电场加速后的速率；（2）带电粒子在偏转电场中做类平抛运动，将该运动分解，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，抓住等时性，结合运动学公式和牛顿第二定理求出偏转电场的电场强度．【解答】解：（1）设带电微粒经加速电场加速后的速率为v1．根据动能定理：，解得：=．（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动．水平方向：L=v1t，竖直方向：a=，v2=at，又，代入数据解得：E=104V/m．答：（1）带电微粒经U1=100V的电场加速后的速率为104m/s；（2）两金属板间偏转电场的电场强度E的大小为104V/m．xx12月9日。
山东高二高中物理期中考试带答案解析
山东高二高中物理期中考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.两个相同的金属小球，带电量之比为1：7，相距为r，视为点电荷，相互间的斥力大小为F，两者接触后再放回原处，则它们的静电力可能为（）A．B．C．D．2.下列关于静电场的说法正确的是（）A．在点电荷形成的电场中没有场强相等的两点，但有电势相等的两点B．正电荷只在电场力作用下，一定从高电势向低电势运动C．场强为零处，电势不一定为零；电势为零处，场强不一定为零D．初速为零的正电荷在电场力作用下一定沿电场线运动3.一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上．若将云母介质移出，则电容器()A．极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大B．极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大C．极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变D．极板上的电荷量变小，极板间电场强度不变4.一根长为，横截面积为的金属棒，其材料的电阻率为。
棒内单位体积自由电子数为，电子的质量为，电荷量为。
在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为。
则金属棒内的电场强度大小为（）A．B．C．D．5.一平行板电容器中存在匀强电场，电场沿竖直方向。
两个比荷（即粒子的电荷量与质量之比）不同的带正电的粒子a、b，从电容器边缘的P点（如图）以相同的水平速度射入两平行板之间。
测得a、b与电容器的撞击点到入射点之间的水平距离之比为1∶2。
若不计重力，则a和b的比荷之比是（）A．1∶2B．1∶1C．2∶1D．4∶1二、多选题如图所示，分别在M、N两点固定放置两个点电荷和，以MN连线的中点O为圆心的圆周上有A、B、C、D四点，规定无穷远电势为零，下列说法正确的是（）A. A点场强小于B点场强B. C点场强与D点场强相同C. O点电势小于零D. C点和D点电势相等三、计算题如图所示，在水平方向的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成45°角的绝缘直杆AC，其下端(C端)距地面高度h＝0.8 m．有一质量为500 g的带电小环套在直杆上，正以某一速度沿杆匀速下滑，小环离开杆后正好通过C端的正下方P点．(g取10 m/s2)求：（1）小环离开直杆后运动的加速度大小和方向；（2）小环在直杆上匀速运动时速度的大小；（3）小环运动到P点的动能。
天津市求真高级中学2024-2025学年高二上学期期中物理试卷(理科班)(含答案)
求真中学2024—2025学年度第一学期期中考高二年级物理试卷(理科班)一、单项选择题(每题4分，共7小题，28分)1.一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A并留在其中，A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示.则在子弹打击木块A及弹簧被压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统( )A.动量守恒，机械能不守恒B.动量不守恒，机械能守恒C.动量守恒，机械能守恒D.无法判定动量、机械能是否守恒2.跳水运动一直是我国传统的优势体育项目，我们的国家跳水队享有“梦之队”的赞誉。
在某次训练中，跳水运动员在跳台上由静止开始竖直落下，进入水中后在水中做减速运动，速度减为零时并未到达池底。
不计空气阻力，下列说法正确的是( )A.运动员在空中运动时，其动量变化量大于重力的冲量B.运动员从刚进入水中到速度减为零的过程中，其重力的冲量等于水的作用力的冲量C.运动员从开始下落到速度减为零的过程中，其动量的改变量等于水的作用力的冲量D.运动员从开始下落到速度减为零的过程中，其重力的冲量与水的作用力的冲量等大反向3.《三国志》中记载：“置象大船之上，而刻其水痕所至，称物以载之，则校可知矣。
”这是著名的曹冲称象的故事。
某同学学过动量守恒定律之后，欲利用卷尺测定大船的质量。
该同学利用卷尺测出船长为L，然后缓慢进入静止的平行于河岸的船的船尾，再从船尾行走至船头，之后缓慢下船，测出船后退的距离d，已知该同学自身的质量为m，若忽略一切阻力，则船的质量为( )A.mB.mC.mD.m4.属导体棒置于倾斜的粗糙绝缘的斜面上，有电流时，金属导体棒能在斜面上保持静止。
如图所示，四个图中分别标出了四种可能的匀强磁场方向。
其中金属棒与斜面之间的摩擦力一定不等于零的图是( )A. B. C. D.5.某同学用图所示装置探究影响感应电流方向的因素，将磁体从线圈中向上匀速抽出时，观察到灵敏电流计指针向右偏转。
关于该实验，下列说法正确的是( )A.必须保证磁体匀速运动，灵敏电流计指针才会向右偏转LdLL d-L dL-L dd-B.若将磁体向上加速抽出，灵敏电流计指针会向左偏转C.将磁体的N、S极对调，并将其向上抽出，灵敏电流计指针仍向右偏转D.将磁体的N、S极对调，并将其向下插入，灵敏电流计指针仍向右偏转6.在水平放置的条形磁铁的N极附近，一个闭合金属线圈竖直向下运动，线圈平面始终保持水平。
2024年人教版高二上学期期中物理试卷与参考答案
2024年人教版物理高二上学期期中模拟试卷(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、一个物体在水平面上做匀速直线运动，若将物体的质量加倍，其它条件不变，则下列说法正确的是：A、物体所受的摩擦力加倍B、物体的加速度加倍C、物体的合力加倍D、物体受到的重力加倍2、一物体在光滑水平面上以一定的初速度v0向右运动，同时受到一个向左的恒力F的作用。
下列说法正确的是：A、物体在任意时刻的加速度都相等B、物体的速度在任意时刻都相等C、物体的位移在任意时刻都相等D、物体的动能始终增加3、一个物体在水平面上受到一个恒定的推力F，以匀速直线运动。
若将推力F的方向保持不变，但减小到原来的一半，那么物体将：A. 停止运动B. 减速运动C. 加速运动D. 运动状态不变4、一个物体在水平面上受到两个相互垂直的力F1和F2的作用，物体静止。
若将F1的大小增加到原来的两倍，而F2的大小不变，那么物体将：A. 仍然静止B. 开始运动C. 加速运动D. 减速运动5、一个物体从静止开始沿直线加速运动，其加速度的大小为a，运动时间为t，则物体在这段时间内所通过的距离S可以用以下哪个公式表示？A. S = 0.5at^2B. S = at^2C. S = 0.5atD. S = at6、一个物体做匀速圆周运动，其速度大小为v，圆周半径为r，则物体在单位时间内通过弧长的公式为：A. s = vB. s = vrC. s = πvD. s = πr7、一个物体从静止开始，在水平面上做匀加速直线运动，其加速度为2m/s²，在3秒内物体通过的距离是（）A. 6mB. 9mC. 12mD. 18m二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、下列关于物理现象的描述，正确的是：A、摩擦力总是阻碍物体运动的方向B、做匀速圆周运动的物体，其向心力始终指向圆心，且大小不变C、重力势能的大小与物体的高度和质量有关D、电场强度是由电场本身决定的，与放入电场中的电荷无关2、关于光学现象，以下说法正确的是：A、光的反射和折射现象遵循斯涅尔定律B、全反射现象发生在光从光密介质射向光疏介质时，且入射角大于临界角C、光的衍射现象表明光具有波动性D、光的干涉现象是两束或多束相干光重叠时产生的现象3、以下关于电磁感应现象的说法正确的是（）A、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流B、感应电流的方向总是与磁感线方向相反C、只有导体在磁场中运动，才能产生感应电流D、感应电流的大小与导体切割磁感线的速度成正比三、非选择题（前4题每题10分，最后一题14分，总分54分）第一题题目：一物体从静止开始沿水平面做匀加速直线运动，已知加速度为(a=2 m/s2)。
2024年河北省石家庄市高二上学期期中物理试卷与参考答案
2024年河北省石家庄市物理高二上学期期中自测试卷(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、下列关于物理量单位的说法中，正确的是（）A、牛顿（N）是力的基本单位，千克（kg）是质量的导出单位B、米每秒平方（m/s²）是加速度的单位，千克·米/秒²（kg·m/s²）是力的单位C、焦耳（J）是功和能量的基本单位，牛顿·米（N·m）是功率的单位D、伏特（V）是电压的基本单位，安培（A）是电流的导出单位2、一物体从静止开始沿水平面加速运动，下列关于物体运动状态的说法中，正确的是（）A、物体的速度随时间增加，但加速度保持不变B、物体的速度随时间增加，加速度随时间减小C、物体的速度随时间增加，加速度随时间增加D、物体的速度和加速度都随时间增加，但加速度增加得更快3、一辆汽车以恒定加速度从静止开始加速，在10秒后达到20 m/s的速度。
请问这辆汽车的加速度是多少？A. 0.5 m/s²B. 1.0 m/s²C. 2.0 m/s²D. 4.0 m/s²4、当一个物体沿光滑斜面下滑时，以下哪种力不是作用于该物体上的？A. 重力B. 支持力C. 摩擦力D. 平行于斜面向下的分力5、在以下四个选项中，哪个是正确的力的单位？A、N/mB、kg/sC、ND、kg6、在以下四个选项中，哪个是正确的功率的单位？A、W/sB、J/sC、N·mD、N·m/s7、一个物体从静止开始沿直线加速运动，加速度恒定。
如果它在第1秒内的位移是2米，那么它在第3秒内的位移是多少？A. 2米B. 4米C. 6米D. 10米二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、下列关于力的说法中，正确的是（）A、力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，另一个物体也对该物体施加力B、力的单位牛顿（N）是基本单位，1N等于1kg·m/s²C、力的三要素是大小、方向和作用点，改变其中一个要素，力的作用效果会改变D、重力是地球对物体的吸引力，与物体的质量成正比，与物体的高度无关2、关于运动和静止的相对性，以下说法正确的是（）A、物体的运动状态是绝对的，不依赖于观察者的选择B、如果两个物体相对于地面的速度相同，那么它们对于地面上的观察者来说是静止的C、在匀速直线运动中，一个物体相对于另一个也在做匀速直线运动的物体是静止的D、在非惯性参照系中，物体的运动状态可能不会遵循牛顿运动定律3、下列关于光现象的描述中，正确的是：A、光的反射定律表明反射光线、入射光线和法线在同一平面内，且反射光线与入射光线分别位于法线的两侧。
2021年高二上学期期中物理试卷(理科)含解析
2021年高二上学期期中物理试卷（理科）含解析一、选择题（本大题共10个小题，每小题4分，共计40分．在每小题列出的四个选项中，至少有一项是符合题目要求的．）1．（4分）（xx春•东河区校级期末）如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A为两点电荷连线的中心，B为连线上距A为d的一点，C为连线中垂线上距A也为d的一点，关于三点的场强大小、电势高低比较，正确的是（）A．EB ＞EA＞ECB．EA＞EB＞ECC．ΦA=ΦC＞ΦB D．ΦB=ΦC＞φA考点：电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：该题实质上考查常见电场的电场分布与特点，可以结合等量异种点电荷的电场特点分析．解答：解：AB：等量异种点电荷的电场，在连线上，中间的一点电场强度最小；在它们的中垂线上，交点的电场强度最大，故E B＞E A＞E C，故A正确，B错误；CD：AC两点位于等量异种点电荷的连线上的中垂线上，这是一条等势线，故AC两点的电势相等；沿着电场线AB的方向电势降落，故A点的电势高于B的电势，即ΦA=ΦC＞ΦB．C 正确，D错误．故选：AC点评：该题考查常见电场的电场分布与特点，结合等量异种点电荷的电场分布特点的图，可以直接判定．属于简单题．2．（4分）（xx秋•德城区校级期中）关于同一磁场的磁感线，下列表述正确的是（）A．磁感线是客观存在的B．磁感线越密，则磁场越强C．磁感线从N极出发，到S极终止D．某点磁感线的切线方向，与小磁针在该点时N极的受力方向相同考点：磁感线及用磁感线描述磁场．分析：（1）磁感线不是真实存在的线，它是为了形象描述磁场而引入的；（2）磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，在内部则是从S极回到N极，磁感线的分布疏密可以反映磁场的强弱，越密越强，反之越弱；（3）磁体周围有任何地方都有磁场，只要有磁场的地方就有磁感线．根据磁感线的特点分析．（4）某点磁感线的切线方向，与小磁针在该点时N极的受力方向相同．解答：解：A、磁场是真实存在的，而磁感线不是真实存在的线，故A错误；B、磁场是有方向的，为了形象描述磁场，用磁感线可以形象地表示磁场的方向和它的强弱分布，磁感线越密，则磁场越强；故B正确．C、磁体外部的磁感线从N极出发回到S极，内部的磁感线从S极出发回到N极；故C错误．D、某点磁感线的切线方向，与小磁针在该点时N极的受力方向，或N极静止方向相同的；故D正确．故选：BD．点评：此题主要考查了磁感线的特点；用磁感线来描述磁场是建立理想模型法；特别注意磁感线的方向的规定，在磁体外部是从N极到S极．3．（4分）（xx秋•德城区校级期中）有一段直导线长1cm，通以5A电流，把它置于于垂直于磁场中的某点时，受到的磁场力为0.1N，则该点的磁感应强度为（）A．1T B．5T C．2.5T D．2T考点：安培力．分析：根据安培力的大小公式F=BIL求出磁感应强度B的大小．解答：解：导体棒垂直置于磁场中，根据F=BIL得：B=故选：C．点评：解决本题的关键知道当磁场方向与电流方向平行时，安培力F=0；当磁场方向与电流方向垂直时，安培力F=BIL．4．（4分）（xx•江西）如图，虚线a．b和c是某静电场中的等势面，它们的电势分别为U a、U b 和U c．U a＞U b＞U c一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，由图可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做负功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，静电势能增加D．粒子从L到M的过程中，动能减少考点：等势面；电势能．专题：定性思想．分析：电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加；电场力做功的正负还可以直接根据电场力的方向判断．解答：解：A、根据E p=qφ，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故电场力做负功，故A正确；B、根据E p=qφ，粒子从L到M的过程中，电势能减小，故电场力做正功，故B错误；C、根据E p=qφ，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故C正确；D、粒子从L到M的过程中，电场力做正功，故动能增加，故C错误；故选AC．点评：本题关键关键根据E p=qφ得到电势能的变化情况，最后确定电场力的做功情况．5．（4分）（xx•宁夏）如图所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板；a板接地；P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地．开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度a．在以下方法中，能使悬线的偏角α变大的是（）A．缩小a、b间的距离B．加大a、b间的距离C．取出a、b两极板间的电介质D．换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质考点：共点力平衡的条件及其应用；电容．专题：压轴题；共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）对小球受力分析，小球受重力，拉力，电场力三个力的作用，要使悬线的偏角a变大，需要增加PQ两极板间的电场强度，PQ两极板距离不变，即只需增加PQ两极板间的电压即可．两个电容器并联在一起，所以两个电容器极板间的电压相同，只需增加ab两极板之间的电压就可以增加PQ两极板间的电压．（2）ab电容器带电量不变，由：，进行分析即可．解答：解：对小球受力分析如图：要使悬线的偏角a变大，需要增加F电，即增加PQ两极板间的电场强度，PQ两极板距离不变，所以只需增加PQ两极板间的电压即可．两个电容器并联在一起，所以两个电容器极板间的电压相同，此时：C并=C ab+C PQ．对两个电容器：总电量Q不变，由：得：增加U，需要将电容C并减小，C PQ不变；由：得：减小电容C ab可有三个方法：①增大极板距离d②减小正对面积s，如将ab板错开③换介电常数小的电介质故选：BC点评：本题综合了电路、电容的知识，综合性较强；是通过平衡条件的考查转移到电容器动态分析的一个考查，需要认真推敲一下．6．（4分）（xx•天津）如图所示，带等量异号电荷的两平行金属板在真空中水平放置，M、N为板间同一电场线上的两点，一带电粒子（不计重力）以速度v M经过M点在电场线上向下运动，且未与下板接触，一段时间后，粒子以速度v N折回N点．则（）A．粒子受电场力的方向一定由M指向NB．粒子在M点的速度一定比在N点的大C．粒子在M点的电势能一定比在N点的大D．电场中M点的电势一定高于N点的电势考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势；电势能．专题：压轴题．分析：由粒子的运动情景可得出粒子受到的电场力的方向，由电场力做功的性质可得出电势能及动能的变化；由电势与电势能的关系可判断电势．解答：解：A、由于带电粒子未与下板接触，可知粒子向下做的是减速运动，故电场力向上，A错误；B、粒子由M到N电场力做负功，电势能增加，动能减少，故速度减小，故M点的速度大于N点的速度，故B正确，C错误；D、由于粒子和两极板所带电荷的电性未知，故不能判断M、N点电势的高低，D错误．点评：本题应明确：（1）电场力做正功则电势能减小，电场力做负功则电势能增加；（2）电场力做功要注意电荷的正负极性，极性不同则做功不同．7．（4分）（xx秋•德城区校级期中）如图所示，两个同样的导线环同轴平等悬挂，相隔一小段距离．当同时给两导线环通以同向电流时，两导线环将（）A．吸引B．排斥C．保持静止D．不可判断考点：平行通电直导线间的作用．分析：由安培定则判断导线环电流磁场的方向，然后根据磁极间的相互作用判断两导线环的运动趋势．解答：解：通电导线环产生磁场，相当于一个磁铁，由安培定则可知：两导线环左侧面是N极，右侧面是S极，同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥，左右两通电导线环的S极与N极相对，因此两导线环相互吸引；故选：A．点评：把两通电导线环等效为磁铁，由安培定则判断出磁铁的极性，根据磁铁磁极间的相互作用即可正确解题．8．（4分）（xx秋•温州期中）如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，小球保持静止状态，现烧断悬线，则小球将在电场中做（）A．自由落体运动B．匀变速曲线运动C．变加速直线运动D．匀变速直线运动考点：牛顿第二定律；电场强度．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．解答：解：悬线烧断前，小球受重力、拉力、电场力平衡，重力和电场力的合力与拉力等值反向．烧断细线，物体受重力、电场力，两个力合力恒定，沿细线方向，合力方向与速度方向在同一条直线上，所以物体沿着悬线的延长线做匀加速直线运动．故D正确．A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动．9．（4分）（2011•西城区模拟）如图所示，正确标明了通电导线所受安培力F方向的是（）A．B．C．D．考点：左手定则．分析：正确应用左手定则是解答本题的关键，在应用时为防止手忙脚乱，可以先让四指和电流方向一致，然后通过旋转手让磁感线穿过手心，从而进一步确定大拇指的指向即安培力方向．解答：解：根据左手定则可知：A图中安培力向下，故A错误；B图中安培力向下，故B正确；C图中安培力向下，故C错误；D图中垂直于电流和磁场向外，故D错误．故选B．点评：要熟练应用左手定则判断安培力方向一定平时多加练习，同时注意磁场、电流方向的表示方法．10．（4分）（2011秋•禹州市期末）如图所示，电子在电压为U1的电场中由静止加速后，垂直射入电压为U2的偏转电场．在满足电子能射出偏转电场的条件下，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（）A．U1变大，U2变大B．U1变小，U2变大C．U1变大，U2变小D．U1变小，U2变小考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子经电场加速后，进入偏转电场，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出电子离开电场时数值方向分速度，表示出偏转角正切值的表达式，从而判断使偏转角变小的方法．解答：解：根据动能定理：eU1=mv2得：v=在偏转电场中由平抛规律可得：v y=at加速度为：a=运动时间为：t=可得偏角的正切值为：tanθ==若使偏转角变小即使tanθ变小，由上式看出可以增大U2减小U1．故B正确，ACD错误．故选：B．点评：本题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成，常规问题．二、填空题（本大题共5个小题，共30分，把答案填在题中的横线上）11．（6分）（xx秋•德城区校级期中）a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为8V．考点：电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分，故可将bd五等分，求出e、f的电势，连接ae和cf，则cf∥ae，φc=φf=8v．解答：解：根据在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分将线段bd五等分，如图所示，则U be=U bd=×（24﹣4）=4v，故U be=φb﹣φe=4v，故φf﹣φd=4v，故φe=24﹣4=20v．φf=8v．故φa=φe，连接cf，则cf∥ae，故c点的电势φc=φf=8v．故答案为：8．点评：①在匀强电场中将某一线段等分同时就将该线段两端的电势差等分；②在匀强电场中电场线平行且均匀分布故等势线平行且均匀分布．以上两点是解决此类题目的金钥匙．12．（6分）（xx•湖南校级模拟）将一个电荷量为1.0×10﹣8C的正点电荷从电场中的A点移到B 点，电场力做的功为2.4×10﹣6J，则A、B间的电势差为U AB=240V，A、B两点中A点的电势高．考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题考查电场力做功，和电场力做功与电势能的转化的关系，电场力做功有公式W=qU可以计算；和电场力做功与电势能的转化的关系是，电场力做正功，电势能就减小；电场力做负功，电势能就增加，由此可判定AB之间的电势关系．解答：解：（1）电场力做功时：由公式W=qU，V；（2）电场力做功与电势能的转化的关系是，电场力做正功，电势能就减小；电场力做负功，电势能就增加，由此可判定AB之间的电势关系A点高，B点低．故答案为：240V，A点评：该题考查考查电场力做功，和电场力做功与电势能的转化的关系，属于基础题目．13．（6分）（xx秋•德城区校级期中）图中，A图为通电螺线管及周围小磁针的示意图，图中螺线管中小磁针左端为S极，螺线管之上的磁针左端为N极（填N或S）考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：先根右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再根据小磁针静止时N极的指向即为磁场的方向去分析．解答：解：由右手螺旋定则判断出通电螺线管的右端为N极，小磁针静止时N极的指向即为磁场的方向，所以图中螺线管中小磁针左端为S极，螺线管之上的磁针左端为N极．故答案为：S，N点评：磁极间的相互作用规律与右手定则相结合是电磁学方面的常见题型，一般有两个思路：①由小磁针的指向判断通电螺线管的磁极，进而判断电流的方向或绕线；②根据右手定则判断出通电螺线管磁极，进而判断出小磁针的指向．14．（6分）（xx秋•德城区校级期中）如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等．有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该带正小球的运动轨迹，小球在a点的动能等于20ev，运动到b点时动能等于2ev．若取c点为电势零点，则当这个带电小球的电势能为6ev时，不计重力和空气阻力，它的动能等于8eV．考点：等势面；电势能．分析：解决本题需掌握：小球只受电场力时，小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所受电场力方向以及电场力做功情况．解答：解：小球自a点运动到b时，电场力做负功：W ab=2eV﹣20eV=﹣18eV ①由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有：U ab=3U ac②从b到c电场力做正功，根据动能定理有：W bc=E kc﹣E kb③联立①②③可得E kc=14eV．由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c点：E=E p+E k=14eV即电势能和动能之和为8eV，因此当电势能等于6eV时动能为8eV，故答案为：8eV点评：学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和电势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变．15．（6分）（xx秋•沈阳期中）水平放置的平行金属导轨相距为d，导轨一端与电源相连，垂直于导轨平面的匀强磁场的磁感应强度为B，方向如图所示．金属棒ab静止在导轨上，棒与导轨成60°角，此时，通过金属棒的电流为I，则金属棒所受的安培力大小为．考点：安培力．分析：应用安培力公式F=BIL时注意，该公式的适用条件一是要求匀强磁场，而是要求电流和磁场垂直，故解答本题的关键是求出垂直于磁场的导线长度．解答：解：通电导体垂直于磁场的长度为：故安培力的大小为：故答案为：．点评：对于基本物理公式要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．三、计算题（本大题共30分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．（8分）（xx秋•鲤城区校级期中）如图所示，一平行板电容器接在U=12V的直流电源上，电容C=3.0×10﹣10 F，两极板间距离d=1.20×10﹣3m，取g=10m/s2，求：（1）该电容器所带电量．（2）若板间有一带电微粒，其质量为m=2.0×10﹣3 kg，恰在板间处于静止状态，则该微粒带电量为多少？带何种电荷？考点：电容；共点力平衡的条件及其应用．专题：电容器专题．分析：（1）平行板电容器接在U=12V的直流电源上，板间电压U等于电源的电压．由电容的定义式C=求解电容器所带电量．（2）平行板电容器建立匀强电场，由E=求出板间电场强度E．带电微粒在板间处于静止状态时，重力与电场力平衡，由平衡条件求出微粒的带电量．判断出电性．解答：解：（1）由电容的定义式C=得，电容器所带电量Q=CU=3.0×10﹣10×12C=3.6×10﹣9C．（2）由E=得，板间电场强度E=对于带电微粒，由平衡条件得，qE=mg则q==C=2×10﹣6C由于电容器上板带正电，场强方向向下，微粒所受电场力方向竖直向上，则该电荷带负电．答：（1）该电容器所带电量3.6×10﹣9C．（2）该微粒带电量为2×10﹣6C，带负电荷．点评：本题要区分清楚电容器的电荷量与微粒的电荷量不同．对于平衡问题，分析受力是基础．基础题，比较容易．17．（11分）（xx秋•德城区校级期中）在磁感应强度是4.0×10﹣2T的匀强磁场里，有一条与磁场方向垂直，长8cm的通电导线ab（如图所示），通电导线ab所受的安培力是1.0×10﹣2N，方向垂直纸面指向外，求导线中电流的大小和方向．考点：安培力；左手定则．分析：根据F=BIL求出电流的大小，通过左手定则，结合磁场的方向、安培力的方向判断出电流的方向．解答：解：由F=BIl得：I== A=3.125 A由左手定则判定电流方向由b到a．答：电流的大小为3.125A，方向由b到a．点评：解决本题的关键掌握安培力的大小公式，当电流方向与磁场平行，F=0，当电流方向与磁场方向垂直，F=BIL，以及掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系．18．（11分）（xx•湖南校级模拟）一束电子流在经U=5000V的加速电场加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的电场，如图所示，若两极间距d=1.0cm，板长l=5.0cm，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子先加速再偏转，由题意可知当电子恰好飞出时，所加电场最大；由运动的合成与分解关系可得出电压值．解答：解：在加速电压一定时，偏转电压U'越大，电子在极板间的偏转距离就越大，当偏转电压大到使电子刚好擦着极板的边缘飞出，此时的偏转电压，即为题目要求的最大电压．加速过程，由动能定理得：．①进入偏转电场，电子在平行于板面的方向上做匀速运动：l=υ0t．②，③偏转距离：，④能飞出的条件为：．⑤解①②③④⑤式得：．答：两个极板上最多能加多大电压为4.0×102V．点评：本题考查带电粒子在电场中的偏转，在列式计算时应注意不要提前代入数值，应将公式简化后再计算，这样可以减少计算量．tK33357 824D 艍1K37376 9200 鈀Z36483 8E83 躃31209 79E9 秩n;CY20578 5062 偢。
2024-2025学年湖南省高二上学期期中物理试卷与参考答案
2024-2025学年湖南省物理高二上学期期中自测试卷(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、下列关于物理量的说法中，正确的是：A、速度是位移与时间的比值，因此速度总是正值。
B、加速度是速度变化量与时间的比值，加速度越大，速度变化越快。
C、力是改变物体运动状态的原因，但力的作用效果只与力的大小有关。
D、功率是做功的快慢程度，功率越大，做功越快。
2、一个物体在水平面上做匀速直线运动，下列哪个因素不会影响其动能的大小？A、物体的质量B、物体的速度C、物体的位移D、物体的运动时间3、以下关于力的说法中，正确的是（）A、力是物体间的相互作用，物体受到力的同时也会对施力物体施加力B、力的单位是千克，表示力的强度C、物体在力的作用下运动状态改变，说明力是改变物体运动状态的原因D、两个物体之间没有接触也可以产生力的作用，比如磁铁吸引铁钉4、一个物体在水平面上受到两个力的作用，一个力是水平向右的摩擦力，另一个力是水平向左的推力。
如果物体保持静止，那么这两个力之间的关系是（）A、它们的大小相等，方向相反B、它们的大小不等，方向相反C、它们的大小相等，方向相同D、它们的大小不等，方向相同5、一个物体在光滑水平面上做匀速圆周运动，下列说法正确的是：A. 物体所受合力为零B. 物体的速度大小不变，方向也不变C. 物体所受的向心力大小不变，方向指向圆心D. 物体没有受到任何外力的作用6、两个点电荷分别带有+Q和-Q的电荷量，它们相距一定距离放置。
若仅考虑这两个电荷之间的相互作用，则下列关于两点电荷连线中点处的电场强度说法正确的是：A. 电场强度为零B. 电场强度方向指向-QC. 电场强度方向指向+QD. 电场强度最大7、一个物体在水平面上做匀速直线运动，如果突然受到一个水平向左的摩擦力作用，那么以下说法正确的是（）A、物体的速度会立即减小B、物体的速度会逐渐减小C、物体的速度会逐渐增大D、物体的速度不会改变二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、在惯性参考系中，一个物体同时受到两个力的作用，这两个力大小分别为5N和12N，并且作用方向相同。
高二(上)期中物理试题(解析版)
2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线,实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点,由此可知()
A.带电粒子在R点时的加速度小于在Q点时的加速度
B.带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大
C.带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度
（1）电子在电场中运动的加速度。
（2）电子进入电场的最大距离。
（3）电子进入电场最大距离的一半时的动能。
【答案】（1） ；（2） ；（3）
【解析】
【详解】（1）由牛顿第二定律可得
解得
（2）由动能定理可得
解得
（3）从电子进入电场至运动到电场最大距离的一半的过程中，由动能定理可得
解得
15.如图所示，有一电子(电荷量为e)经电压U0由静止加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间。若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：
D．根据能量守恒定律，带电质点在运动过程中各点处的动能与电势能之和保持不变，D错误。
故选C。
3.下列四个图中， 、 两点电势相等、电场强度也相等的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A．匀强电场 等势面是垂直于电场线的一簇等间距的平行平面，A图中 、 两点不在同一等势面上，所以，这两点的电势是不相等的，但这两点的电场强度相等，选项A错误；
D.带电粒子在R点时 动能与电势能之和比在Q点时的小,比在P点时的大
【答案】C
【解析】
【详解】A．由电场线疏密可知，R点场强比Q场强点大，所以带电粒子在R点的电场力大，则带电粒子在R点的加速度大，A错误；
BC．带电粒子做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，所以电场力的方向向右；若带电粒子从P经过R运动到Q，电场力做负功，带电粒子的电势能增大，动能减小，则带电粒子经过R点时的动能大于经过Q点时的动能，即带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度，而P点电势能最小，所以带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能小，B错误，C正确；
2021-2022年高二上学期期中物理试卷(理科)含解析
2021-2022年高二上学期期中物理试卷（理科）含解析一、不定项选择（每小题4分，共64分，在每小题给出的四个选项中，至少有一项是正确的，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．两个分别带有电荷量﹣Q和+5Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A．B．C．D．2．下述说法正确的是（）A．在以点电荷为球心，r为半径的球面上，各点的场强都相同B．沿电场线方向，场强一定越来越小C．电场线与电荷运动的轨迹是一致的D．电场强度是反映电场本身特性的物理量，与是否存在试探电荷无关3．如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为Ea ，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为Eb，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小Ea 、Eb的关系，以下结论正确的是（）A．Ea = B．Ea=EbC．Ea=EbD．Ea=3Eb4．在如图所示的四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中a、b两点电势和场强都相同的是（）A．B．C．D．5．如图1，A、B是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，从A点运动到B点，其速度随时间变化的规律如图2所示，则（）A．电子在A、B两点受的电场力FA ＜FBB．A、B两点的电场强度EA ＞EBC．A、B两点的电势φA＜φBD．电场线的方向一定是从A到B6．如图所示，在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定了一电荷量为+Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放质量为m，电荷量为﹣q的负检验电荷，该检验电荷经过P 点时速度为v，图中θ=60°，规定电场中P点的电势为零．则在+Q形成的电场中（）A．N点电势高于P点电势B．N点电势为C．P点电场强度大小是N点的4倍D．检验电荷在N点具有的电势能为﹣mv27．如图所示．在真空中A、B两点分别放置等量的异种点电荷，在A、B两点间取一矩形路径abcd，该矩形路径关于A、B两点连线及连线的中垂线均为轴对称．现将一电子沿该矩形路径移动一周，下列判断正确的（）A．a点和b点的电场强度相同B．b点和c点的电势相等C．电子从c点到d点，电势能先减小后增大D．电子从d点到a点．电场力先做正功后做负功8．如图所示，a、b分别为一对等量同种电荷连线上的两点（其中b为中点），c为连线中垂线上的一点．今将一带电量为q的负点电荷自a沿直线移到b再沿直线移到c，下列有关说法中正确的是（）A．电荷q受到的电场力的合力一直变小B．电场力的合力对电荷q一直做负功C．电荷q的电势能先减小，后不变D．电荷q受到的电场力的合力方向一直不变9．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．则该粒子（）A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于由b点到c点的动能变化10．如图所示，电子由静止开始从A板向B板运动，当到达B极板时速度为v，保持两板间电压不变，则（）A．当增大两板间距离时，v也增大B．当减小两板间距离时，v增大C．当改变两板间距离时，v不变D．当增大两板间距离时，电子在两板间运动的时间也增大11．如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变大，则（）A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流12．如图所示，质子（）和α粒子（），以相同的初动能垂直射入偏转电场（粒子不计重力），则这两个粒子射出电场时的侧位移y之比为（）A．1：2 B．1：1 C．2：1 D．1：413．如图所示，一电子枪发射出的电子（初速度很小，可视为零）进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的（）A．增大偏转电压U B．减小加速电压U0C．增大极板间距离D．将发射电子改成发射负离子14．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和1.5V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为1A和14V．则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．14W B．12W C．11W D．9W15．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积16．如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中（）A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大二、计算题（本题共3个小题，满分36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．如图所示，水平放置的两平行金属板A、B接在U=4 000V的直流电源上，两极板间距离为2cm，A极板接地，电场中a点距B极板1cm，b点和c点均距A极板0.5cm，求：（1）a点的电场强度；（2）a、c之间的电势差；（3）电子在b点的电势能；（4）电子从a点运动到c点，电场力做的功．18．一根长为l的丝线吊着一质量为m，带电荷量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中，如图所示，丝线与竖直方向成37°角，先突然将该电场方向变为向下且大小不变，不考虑因电场的改变而带来的其它影响（重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）匀强电场的电场强度的大小（2）求小球经过最低点时丝线的拉力大小．19．示波器的示意图如图，金属丝发射出来的电子（初速度为零，不计重力）被加速后从金属板的小孔穿出，进入偏转电场．电子在穿出偏转电场后沿直线前进，最后打在荧光屏上．设加速电压U1=1640V，偏转极板长L=4cm，偏转板间距d=1cm，当电子加速后从两偏转板的中央沿板平行方向进入偏转电场．（1）偏转电压U2为多大时，电子束打在荧光屏上偏转距离最大？（2）如果偏转板右端到荧光屏的距离S=20cm，则电子束最大偏转距离为多少？参考答案与试题解析一、不定项选择（每小题4分，共64分，在每小题给出的四个选项中，至少有一项是正确的，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．两个分别带有电荷量﹣Q和+5Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A． B． C． D．【考点】库仑定律．【分析】清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．【解答】解：相距为r时，根据库仑定律得：；接触后，各自带电量变为2Q，则此时两式联立得F′=，故选D．2．下述说法正确的是（）A．在以点电荷为球心，r为半径的球面上，各点的场强都相同B．沿电场线方向，场强一定越来越小C．电场线与电荷运动的轨迹是一致的D．电场强度是反映电场本身特性的物理量，与是否存在试探电荷无关【考点】电场线；电场强度．【分析】以点电荷为球心的球面是一个等势面，其上各点的电势相等，电场强度大小相等，方向不同；沿着电场线方向电势降低，电场线越疏，电场强度越小；若电场线是直线，且释放释放电荷，才能沿着电场线运动；电场强度是比值定义，与试探电荷无关．【解答】解：A、以点电荷为球心的球面各点的电场强度大小相等，方向不同，故电场强度不同．故A错误；B、沿电场线方向，电势会降低，而电场线的疏密来体现场强的强弱．故B错误；C、若电场线是直线，且电荷静止释放，则其运动的轨迹才与电场线一致的．故C错误；D、电场强度是反映电场本身特性的物理量，与是否存在试探电荷无关，故D正确；故选：D．3．如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的是（）A．E a= B．E a=E b C．E a=E b D．E a=3E b【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【分析】已知a点与b点与O点的距离关系，根据点电荷的场强公式E=列式求解即可．【解答】解：结合几何关系，有：ao：bo=：根据公式E=，有：故选：D．4．在如图所示的四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中a、b两点电势和场强都相同的是（）A．B．C．D．【考点】电场强度；电势．【分析】电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小均相同时，场强才相同．电势是标量，真空中点电荷电场的等势线是以点电荷为球心的球面．【解答】解：A、ab两点电势相同，电场强度方向不同，场强不同．故A错误．B、a点电场强度是由匀强电场与点电荷电场场强的合成，a点场强斜向右上方，b点场强斜向右下方，则两点场强不同．故B错误．C、根据对称性，ab两点场强相同，ab在同一等势面上，电势相同．故C正确．D、a点场强方向向上，b点场强方向向下，场强不同．故D错误．故选C5．如图1，A、B是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，从A点运动到B点，其速度随时间变化的规律如图2所示，则（）A．电子在A、B两点受的电场力F A＜F BB．A、B两点的电场强度E A＞E BC．A、B两点的电势φA＜φBD．电场线的方向一定是从A到B【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．【分析】根据电子的运动方向，确定电场力方向，场强方向与电子所受电场力方向相反．根据场强方向判断电势的高低．由速度图象读出加速度的变化情况，确定场强的变化情况．【解答】解：A、由速度图象看出，图线的斜率逐渐增大，电子的加速度增大，电子所受电场力增大，则电场力F A＜F B．故A正确；B、电子所受电场力增大，场强增大，即电场强度E A＜E B．故B错误；C、电子静止开始沿电场线从A运动到B，电场力的方向从A到B，电子带负电，则场强方向从B到A，根据顺着电场线电势降低可知，电势φA＜φB．故C正确；D、顺着电场线电势降低可知，电势φA＜φB．所以电场线的方向一定是从B到A，故D错误．故选：AC．6．如图所示，在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定了一电荷量为+Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放质量为m，电荷量为﹣q的负检验电荷，该检验电荷经过P 点时速度为v，图中θ=60°，规定电场中P点的电势为零．则在+Q形成的电场中（）A．N点电势高于P点电势B．N点电势为C．P点电场强度大小是N点的4倍D．检验电荷在N点具有的电势能为﹣mv2【考点】电势能；电势．【分析】解答本题应抓住：顺着电场线方向电势降低，判断出M点电势高于N点的电势，M、P两点的电势相等，即可知N、P两点电势关系；由真空中点电荷产生的电场强度公式E=k，分析P点与N点电场强度的大小关系；根据动能定理研究电荷由N到P的过程，求解N点的电势；由E P=﹣qφN求出检验电荷在N点具有的电势能．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势，而M、P两点的电势相等，则N点电势低于P点电势．故A错误．B、根据动能定理得：检验电荷由N到P的过程：﹣q（φN﹣φP）=mv2，由题，P点的电势为零，即φP=0，解得，N点的电势φN=﹣．故B正确．C、P点电场强度大小是E P=k，N点电场强度大小是E N=k，则E P：E N=：=4：1．故C 正确．D、检验电荷在N点具有的电势能为E P=﹣qφN=mv2．故D错误．故选BC7．如图所示．在真空中A、B两点分别放置等量的异种点电荷，在A、B两点间取一矩形路径abcd，该矩形路径关于A、B两点连线及连线的中垂线均为轴对称．现将一电子沿该矩形路径移动一周，下列判断正确的（）A．a点和b点的电场强度相同B．b点和c点的电势相等C．电子从c点到d点，电势能先减小后增大D．电子从d点到a点．电场力先做正功后做负功【考点】电势能；电场强度；电势．【分析】根据电场线的方向判断电势的高低．负电荷在电势低处电势能大．作出过bc的等势线，分析b、c两点的电势与D点电势的关系，判断电场力做功情况．采用类似方法分析由d→a，电子的电势能的变化．【解答】解：A、由题，A、B两点分别放等量异号点电荷+q、﹣q，根据叠加原理可得，a点与b点电场强度的大小相等，但方向不同，则电子在a点和b点的电场强度不同．故A错误．B、过bc两点作出等势线，如图，电子由b→c，电场力对电子先做负功，后做正功，总功为零．电势能总量不变，则这两点电势相等，故B正确．C、由c→d，电势升高，电子的电势能减小．故C错误．D、由d→a，电势先升高后降低，则电子的电势能先减小后增大，电场力先做正功后做负功，电势能总变化量为零．故D正确．故选BD8．如图所示，a、b分别为一对等量同种电荷连线上的两点（其中b为中点），c为连线中垂线上的一点．今将一带电量为q的负点电荷自a沿直线移到b再沿直线移到c，下列有关说法中正确的是（）A．电荷q受到的电场力的合力一直变小B．电场力的合力对电荷q一直做负功C．电荷q的电势能先减小，后不变D．电荷q受到的电场力的合力方向一直不变【考点】电场的叠加；电势能．【分析】由题，两个等量同种电荷，它们在点O处产生的电场强度大小相等，方向相反．bc 连线上方的中垂线上每一点（除b点）电场线方向向上．根据电场力做功正负，判断电势能的变化：电场力做负功，电荷的电势能增大．【解答】解：A、两个等量同种电荷，它们在点b处产生的电场强度大小相等，方向相反，互相抵消，则中点b的场强为零，所以将一带电量为q的负点电荷自a沿直线移到b再沿直线移到c，电场力先减小后增大．故A错误．B、负电荷所受力的方向与电场强度方向相反，所以负点电荷自a沿直线移到b的过程中，电场力做负功，再沿直线移到c时，电场力还是做负功．故B正确．C、电场力做负功，电荷的电势能增大．故C错误．D、从a到b再到c的过程中，电场强度方向先沿ab方向，后沿bc方向，电场力的方向与电场强度方向相反，所以电场力的方向也改变．故D错误．故选：B9．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．则该粒子（）A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于由b点到c点的动能变化【考点】电势能；动能定理的应用．【分析】电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A：根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，根据同性电荷相互排斥，故粒子带正电荷，A错误；B：点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，粒子在C点受到的电场力最小，故B错误；C：根据动能定理，粒子由b到c，电场力做正功，动能增加，故粒子在b点电势能一定大于在c点的电势能，故C正确；D：a点到b点和b点到c点相比，由于点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，故a到b电场力做功为多，动能变化也大，故D正确．故选：CD．10．如图所示，电子由静止开始从A板向B板运动，当到达B极板时速度为v，保持两板间电压不变，则（）A．当增大两板间距离时，v也增大B．当减小两板间距离时，v增大C．当改变两板间距离时，v不变D．当增大两板间距离时，电子在两板间运动的时间也增大【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】根据E=可以判断电子受到的电场力的大小，从而可以判断电子的加速度的大小，电子在电场中做匀加速直线运动，根据匀加速直线运动的规律可以求得电子的运动的时间．根据动能定理列出等式判断到达B板时速度的变化．【解答】解：A、根据动能定理研究电子由静止开始从A板向B板运动列出等式：qU=mv2v=v与两板间距无关，所以当改变两板间距离时，v不变，故A、B错误C正确；D、由于两极板之间的电压不变，所以极板之间的场强为E=电子的加速度为a= 电子在电场中一直做匀加速直线运动，由d=at2所以电子加速的时间为t=d由此可见，当增大两板间距离时，电子在两板间的运动时间增大，故D正确．故选CD．11．如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变大，则（）A．电荷将向上加速运动B．电荷将向下加速运动C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流【考点】电容器的动态分析．【分析】电荷q处于静止状态，受到重力与电场力而平衡．将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，根据板间场强E=分析场强的变化，再分析电荷q所受电场力的变化，判断电荷q的运动方向．根据电容的决定式分析电容的变化，而电容器的电压一定，再由电容的定义式分析板间电容器电量的变化，根据电容器是充电还是放电，分析电路中电流的方向．【解答】解：A、B将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，板间场强E=减小，电荷q所受的电场力F=Eq减小，电荷将向下加速运动．故A错误，B正确．C、D根据电容的决定式C=可知，电容减小，电容器的电压U不变，由电容的定义式C=分析得知，电容器的电量减小，电容器放电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从b 到a的电流．故C错误，D正确．故选BD12．如图所示，质子（）和α粒子（），以相同的初动能垂直射入偏转电场（粒子不计重力），则这两个粒子射出电场时的侧位移y之比为（）A．1：2 B．1：1 C．2：1 D．1：4【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】质子和α粒子垂直射入偏转电场都做类平抛运动，根据牛顿第二定律和位移公式推导出两个粒子射出电场时的侧位移y与初动能的关系，再进行选择．【解答】解：质子和α粒子垂直射入偏转电场都做类平抛运动，根据牛顿第二定律得到粒子加速度的表达式为a=粒子射出电场时的侧位移y的表达式为y=at2又t=联立得，y=由题，两个粒子的初动能E k相同，E、l相同，则y与q成正比，质子（）和α粒子（）电荷量之比为1：2，侧位移y之比为1：2．故选：A13．如图所示，一电子枪发射出的电子（初速度很小，可视为零）进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的（）A．增大偏转电压U B．减小加速电压U0C．增大极板间距离D．将发射电子改成发射负离子【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】电子先经电场加速，后经电场偏转，先根据动能定理得到加速获得的速度表达式，再运用运动的分解，结合类平抛运动的规律，得到偏转距离y的表达式，即可进行分析．【解答】解：经加速电场后的速度为v，则mv2=eU0所以电子进入偏转电场时速度的大小为，v=电子进入偏转电场后的偏转的位移y=at2=••（）2=．可见，要增大y，可行的方法有：增大偏转电压U，减小加速电压U0．或减小偏转电场极板间距离y，与粒子的电性和质量无关．故AB正确．故选：AB14．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和1.5V．重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为1A和14V．则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．14W B．12W C．11W D．9W【考点】电功、电功率．【分析】从电路图中可以看出，电动机和滑动变阻器串联，电压表测量电动机两端的电压，电流表测量电路电流，根据公式R=可求电动机停转时的电阻；利用公式P=UI可求电动机的总功率，根据公式P=I2R可求电动机克服本身阻力的功率，总功率与电动机克服自身电阻功率之差就是电动机的输出功率．【解答】解：电动机的电阻为：R=；电动机的总功率为：P=U1I1=14V×1A=14W；电动机内阻消耗的功率为：P R=I12R=（1A）2×3Ω=3W；=P﹣P R=14W﹣3W=11W．电动机正常运转时的输出功率是：P输出故选：C15．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积【考点】电功、电功率．【分析】由图看出此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到P点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可知功率对应图线的“面积”．【解答】解：A、由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O连线斜率的倒数，由数学知识可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大．故A正确；B、C由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=≠，故B正确、C 错误；D、因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故D正确．故选ABD．16．如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中（）A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由电路图可知R2与R0并联后与R1串联，电压表测路端电压；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化，再分析局部电路可得出电流表中示数的变化．【解答】解：当滑片下移时，滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小，电路中总电流增大，电源的内电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数减小；由欧姆定律可知，R1上的分压增大，而路端电压减小，故并联部分的电压减小，则通过R2的电流减小，根据并联电路的特点可知：通过R0的电流增大，则电流表的示数增大．故D 正确，ABC错误；故选：D．二、计算题（本题共3个小题，满分36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．如图所示，水平放置的两平行金属板A、B接在U=4 000V的直流电源上，两极板间距离为2cm，A极板接地，电场中a点距B极板1cm，b点和c点均距A极板0.5cm，求：（1）a点的电场强度；（2）a、c之间的电势差；（3）电子在b点的电势能；（4）电子从a点运动到c点，电场力做的功．【考点】电功、电功率．【分析】（1）AB间为匀强电场，根据E=求出a点的电场强度．（2）根据U=Ed求出两点间的电势差．（3）求出b点的电势，根据E P=qφ求出电子在b点的电势能．（4）根据W=qU求电场力做功．【解答】解：（1）由于是匀强电场，所以a两点的电场强度大小为：E a===2×105V/m．（2）a、c两点的电势差为：。
高二期中考试理科班(物理)答案
嘴哆市安排阳光实验学校佛山一中09-10学年高二上学期期中考试物理科试题参考答案 第一部分选择题（共40分）1、B,2、C,3、D,4、B,5、AC6、AD7、AC8、AB9、AB 10、AB 第二部分 非选择题（共60分）二．实验题（共15分，其中连实物图6分，作U-I 图线5分，填空4分） 第11题、（1）按要求连实验实物图（2） 1.46 V ，内阻 0.72 。
`三、计算题（本题共3小题，共45 第12题、（15分）（1）设1C 的电荷量相当于n 个质子所带的电荷量，则（2）设ab 两点间距离d ，W l =qU ab ，dU E ab =，V/m 601==qdW E 。
设bc 两点沿场强方向距离0160cos .bc d ==0.05m ，1Ed U bc =， bc qU W =2，即J 102.160cos ..702-⨯==bc Eq W 。
（3）设电荷从a 移到c 电场力做功为W ，则ac qU W W W =+=21，V 621=+=qW W U ac 。
第13题，（15分）解：（1）由部分电路欧姆定律得 (2) 通过电动机的电流为(3) W r I P M Q 202==，W P 10P -P Q ==出第14题，（15分） 解：（1）设滑动变阻器最大阻值为R 0,有)(560'mV dR E R dU E ap ===平行板射出的电子，运动时间最长，有（2）荧光屏范围面积为：所以，S S 21=',有Ω==2.112/ap apR R 装订线U/V I/A0.1 0.3 0.5 0.71.01.1 1.3 1.2 1.4A BMCap图11此点应画出，但连。
高二物理期中考试试卷及答案解析
高二物理期中考试试卷及答案解析高二物理期中考试试卷及答案解析高二物理期中考试试卷一、选择题〔此题共10小题，每题4分，共40分，1---7单项选择题，810不定项选择题，全部选对的得4分，选对但不全得2分，有选错或不答的得0分〕1.在物理学进展的过程中，很多物理学家的科学发觉推动了人类历史的进步。
在对以下几位物理学家所作出科学奉献的表达中，正确的说法是A.法拉第发觉了磁场产生电流的条件和规律B.安培首先发觉通导线四周存在磁场C.楞次发觉了磁场产生电流的条件和规律D.密立根通过油滴试验测出了静电引力常量K2.如下图电路中，R1=4 ，R2 =6 ，电源内阻不行忽视，当开关S2闭合时，电流表的示数为3 A，则当开关S2断开时，电流表示数可能为A.3.2 AB.2.1 AC.1.2 AD.0.8 A3.两条导线相互垂直，但相隔一小段距离，其中ab固定，cd可以自由活动，当通以如图所示电流后，cd导线将A.顺时针方向转动，同时靠近abB.逆时针方向转动，同时离开abC.顺时针方向转动，同时离开abD.逆时针方向转动，同时靠近ab4.如下图，电路中电源的电动势为E，内阻为r，A为电压表，内阻为10k，B为静电计；两个电容器的电容分别为C1和C2，将电键S合上一段时间后，以下说法中正确的选项是A.若C1C2，则电压表两端的电势差大于静电计两端的电势差B.若将变阻器滑动触头P向右滑动，则电容器C2上带电量增大C.C1上带电量为零D.再将电键S打开，然后使电容器C2两极板间距离增大，则静电计张角减小5.如下图，有界匀强磁场边界线SP∥MN，速率不同的同种带电粒子〔重力不计且忽视粒子间的互相作用〕从S点沿SP方向同时射入磁场。
其中穿过a点的粒子速度v1与MN垂直；穿过b 点的粒子速度v2与MN成60角，则粒子从S点分别到a、b所需时间之比为A.1∶3B.4∶3C.3∶2D.1∶16.如下图，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为2L，高为L。
吉林省重点中学2024届物理高二上期中调研试题含解析
吉林省重点中学2024届物理高二上期中调研试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。
写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、在绝缘粗糙的水平面上相距为6L的A、B两处分别固定正点电荷,其电量分别为Q A、Q B，两点电荷的位置坐标如图甲所示．图乙是A、B连线之间的电势φ与位置x之间的关系图像，图中x=L点为图线的最低点，若将质量为m、电荷量为＋q的带电小球（可视为质点）在x=2L的C点由静止释放，其向左运动，则在接下来的过程中，下列说法正确的是A．小球一定能到达x= - 2L点处B．小球在x=L处的加速度最小C．小球在向左运动过程中动能先增大后减小D．电量Q A∶Q B=2∶12、套有三个带电小球的圆环放在水平面桌面上（不计一切摩擦），小球的电荷量保持不变，整个装置平衡后，三个小球的一种可能位置如图所示．三个小球构成一个锐角三角形，三角形的边长大小关系是AB>AC>BC，可以判断图中A．三个小球电荷量的代数和可能为0B．三个小球一定带同种电荷C．三个小球所受环的弹力大小为FA>FC>FBD．三个小球带电荷量的大小为Q A>Q C>Q B3、如图所示，著名网球运动员李娜挥拍将质量为m的网球击出．如果网球被拍子击打前的瞬时的速度大小为1v ，被拍子击打后瞬时的速度大小为2v 、方向与击打前相反、重力影响可忽略，则此过程中拍子对网球作用力的冲量（ ）A ．大小为21()m v v +，方向与击打前瞬时的速度方向相同B ．大小为21()m v v -，方向与击打前瞬时的速度方向相同C ．大小为21()m v v +，方向与击打后瞬时的速度方向相同D ．大小为21()m v v -，方向与击打后瞬时的速度方向相同4、如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力的作用下，一带电粒子(不计重力)经A 点飞向B 点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（ ）A ．粒子带正电B ．粒子在B 点的加速度小C ．粒子在B 点的电势能比A 小D ．A 、B 两点相比，B 点的电势较低5、一小型火箭在高空绕地球做匀速圆周运动,若其沿运动方向的相反方向射出一物体P,不计空气阻力,则 ( )A ．火箭一定离开原来轨道运动B ．P 一定离开原来轨道运动C ．火箭运动半径可能不变D ．P 运动半径一定减小6、如图所示，一个质量为m 、电荷量为e 的粒子从容器A 下方的小孔S ，无初速度地飘入电势差为U 的加速电场，然后垂直进入磁感应强度为B 的匀强磁场中，最后打在照相底片M 上．下列说法正确的是（ ）A．粒子进入磁场时的速率v＝2eU mB．粒子在磁场中运动的时间t＝2m eBC．粒子在磁场中运动的轨道半径r＝12BmUeD．若容器A中的粒子有初速度，则粒子仍将打在照相底片上的同一位置二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
苏州中学2023-2024学年高二上物理期中试卷(含答案)
n
T
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D．摆球的质量过大 （4）在与其他同学交流实验方案并纠正了错误后，为了减小实验误差，他决定用图像法处理数据，并通过 改变摆线长，测得了多组摆线长 L 和对应 周期 T，并用这些数据作出 T 2 L 图像如图甲所示，并根据图线
止自由落下，与圆弧相切于 B 点并从 B 点进入圆弧，已知 AB CD R 0.3m ，取 g 的大小为10m/s2 ，
下列说法正确的是（ ）
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A. 物块对小球先做正功后做负功
B. 两者分离时物块移动了 0.45m
C. 物块的最大速度为1m/s
D. 物块对地面的最大压力为 70N
c f
双频路由器 5GHz 频段相比 2.4GHz 频段，频率更高，波长更短，其 WIFI 信号在房间里衍射更不明显，故
C 正确； D．两列波发生干涉，质点满足到两个波源距离之差等于波长整数倍，若两列波振动相位相反，步调相反， 则质点为振动减弱点，故 D 错误。 故选 C。 2. 如图甲所示，弹簧振子的平衡位置为 O 点，在 A、B 两点之间做简谐运动，取向右为正方向，以振子从 A 点开始运动的时刻作为计时起点，振子的位移 x 随时间 t 的变化如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
气体竖直向下喷出，由于反冲作用气球开始向上运动。已知内部气体的密度为 ，气球连同内部气体最初
的质量为 m，喷气口的横截面积为 S，绳子松开瞬间喷出气体的速度为 v，重力加速度为 g，不计空气阻力， 则绳子松开瞬间气球的加速度大小为（ ）
A. Sv2 m
B. Sv2 g m
高二年级物理理科第一学期期中考试题(附答案)
高二年级物理理科第一学期期中考试题（附答案）在现代，物理学已经成为自然科学中最基础的学科之一。
小编准备了高二年级物理理科第一学期期中考试题，具体请看以下内容。
第Ⅰ卷 (选择题共48分)一、单项选择题(本大题共6小题,每小题4分,共24分)1. 用金属箔做成一个不带电的圆环，放在干燥的绝缘桌面上。
小明同学用绝缘材料做的笔套与头发摩擦后，将笔套自上向下慢慢靠近圆环，当距离约为0.5cm时圆环被吸引到笔套上，如图所示。
对上述现象的判断与分析，下列说法错误的是().A.笔套碰到圆环后，笔套所带的电荷立刻消失B.摩擦使笔套带电C.笔套靠近圆环时，圆环上、下部感应出异号电荷D.圆环被吸引到笔套的过程中，圆环所受静电力的合力大于圆环的重力2. 如图所示的情况中，a、b两点的电场强度和电势均相同的是().A.甲图：离点电荷等距的a、b两点B.乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点C.丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点D.丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的a、b两点3. 喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中().A.向负极板偏转B.电势能逐渐增大C.运动轨迹是抛物线D.运动轨迹与带电量无关4. 某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动().A.半径越大，加速度越大B.半径越小，周期越大C.半径越大，角速度越小D.半径越小，线速度越小5. 如图所示，A、B两金属板平行放置，在t=0时将电子从A板附近由静止释放(电子的重力忽略不计).分别在A、B两板间加上下列哪种电压时，有可能使电子到不了B板().6. 图中边长为a的正三角形ABC的三个顶点分别固定三个点电荷+q、+q、-q，则该三角形中心O点处的场强为().A. 6kqa2，方向由C指向OB. 3kqa2，方向由O指向CC. 3kqa2，方向由C指向OD. 6kqa2，方向由O指向C二、多项选择题(本题共6小题，在每小题给出的四个选项中，至少有两项是符合题意的。
2021年高二上学期期中物理理试题 含解析zhangsan
2021年高二上学期期中物理理试题含解析zhangsan一．单项选择题（本大题共８小题，每小题３分，共24分。
在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求）。
1．从同一高度落下的玻璃杯掉在水泥地上比掉在泥土地上易碎，是因为掉在水泥地上时，杯子A．受到的冲量大 B．受到的作用力 C．动量的变化量大 D．动量大【答案】BACD、杯子从同一高度滑下，故到达地面时的速度一定相等，故着地时动量相等；与地面接触后速度减小为零，故动量的变化相同，由动量定理可知I=△P可知，冲量也相等，故ACD错误；B、但由于在泥地上，由于泥地的缓冲使接触时间变化，由I=Ft可知，杯子受到的作用力较小，故杯子在水泥地上比在泥土地上更易破碎，故B正确。
故选B。
【考点】动量定理2．在相等的时间内动量的变化不相等的运动是A．匀速圆周运动 B．自由落体运动 C．平抛物体运动 D．匀减速直线运动【答案】AA、动量变化量是矢量，匀速圆周运动动量变化量方向时刻在变化，在相等时间内动量变化量不相同，故A错误；B、根据动量定理△P=Ft，F是合力，自由落体运动物体的合力是重力，恒力，相等时间内其冲量不变，动量变化量相同，故B正确；C、根据动量定理△P=Ft，F是合力，平抛运动物体的合力是重力，恒力，相等时间内其冲量不变，动量变化量相同，故C正确；D、根据动量定理△P=Ft，F是合力，匀减速直线运动物体的合力是恒力，相等时间内其冲量不变，动量变化量相同，故D正确。
故选A。
【考点】动量定理3．在真空中有A、B两个点电荷，它们相距为r，它们间的静电引力为F。
若A的电量变为原来的2倍，B的电量变为原来的1/3，距离变为2r。
则它们之间的静电引力变为A、3F/8B、F/6C、8F/3D、2F/3【答案】B由库仑定律可得：；变化后。
故选B。
【考点】库仑定律4．用丝绸摩擦过的玻璃棒接触已带电的验电器，发现验电器的金属箔片合拢后又重新张开，表明A．验电器原来带正电，且电量大于玻璃棒所带的电量B．验电器原来带正电，且电量小于玻璃棒所带的电量C．验电器原来带负电，且电量大于玻璃棒所带的电量D．验电器原来带负电，且电量小于玻璃棒所带的电量【答案】D丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，接触后发现验电器的金属箔片合拢，说明验电器原来带的电荷被中和，即验电器原来带负电，且电量小于等于玻璃棒的带电量；后来又重新张开，说明验电器电量小于玻璃棒的带电量。
2024高二物理期中试卷及答案
2024高二物理期中试卷及答案一、选择题（每题5分，共25分）1. 物体做直线运动时，下列哪个物理量是不变的？A. 速度B. 加速度C. 位移D. 动能答案：D2. 下列哪种情况下，物体做曲线运动？A. 速度方向不变，速度大小不变B. 速度方向不变，速度大小变化C. 加速度方向不变，加速度大小不变D. 加速度方向不变，加速度大小变化答案：B3. 一物体做匀速圆周运动，下列哪个物理量是不变的？A. 速度B. 加速度C. 向心力D. 动能答案：D4. 下列哪种情况下，物体受到的摩擦力为静摩擦力？A. 物体在水平面上匀速运动B. 物体在斜面上匀速下滑C. 物体在斜面上静止D. 物体在水平面上加速运动答案：C5. 一个物体从高处自由落下，空气阻力可以忽略不计。
下列哪个物理量是变化的？A. 速度B. 加速度C. 位移D. 动能答案：A二、填空题（每题5分，共25分）1. 物体做匀速直线运动时，速度的大小和方向_______。
答案：不变2. 物体做曲线运动时，速度的方向_______。
答案：时刻改变3. 匀速圆周运动的线速度大小称为_______。
答案：圆周速度4. 物体受到的摩擦力与物体的_______有关。
答案：接触面粗糙程度、压力5. 自由落体运动的加速度大小为_______。
答案：g三、计算题（每题10分，共30分）1. 一个物体从静止开始沿着光滑的斜面滑下，已知斜面倾角为30°，物体滑下距离为5m。
求物体的速度大小。
答案：根据机械能守恒定律，物体滑下过程中的势能转化为动能，有\( mgh = \frac{1}{2}mv^2 \)代入数据得：\( 9.8 \times 5 \times \sin30° = \frac{1}{2} \times 9.8 \times v^2 \) \( v = \sqrt{2 \times 5 \times \sin30°} \)\( v = \sqrt{10} \) m/s2. 一物体做匀速圆周运动，已知半径为2m，线速度大小为4m/s。
福州市八县(市)协作校2024-2025学年第一学期期中联考高二物理试卷及答案
福州市八县（市）协作校2024--2025学年第一学期半期联考高二理科物理试卷【完卷时间：90分钟；满分：100分】 命题: 福清融城中学 陈华钦 杨丽娟一．单项选择题 (本题包括10小题．每小题4分，共40分。
每小题只有一个．．选项符合题意)1．真空中Ａ、Ｂ两点电荷的电量均为Ｑ，在它们分别相距为4r 和r 时，它们彼此间的库仑力大小之比为 （ ）Ａ．4∶１ Ｂ．１∶4 Ｃ．16∶１ Ｄ．１∶16 2．下列说法中，正确的是：（ ） A ．由qFE =可知，电场中某点的电场强度E 与检验电荷q 成反比 B ．由公式 qE P=ϕ 可知，电场中某点的电势与检验电荷q 成反比 C ．由公式 2rkQE = 可知，电场中某点的电场强度E 与 r 平方成反比 D ．公式 UQc =可知，电容器的电容与电容器两极板间电势差成反比3．下列关于电场线的说法不正确．．．的是（ ）A ．电场中某点电场线的切线方向与电荷在该点所受电场力的方向相同B ．在电场中电场线的疏密表示电场强度的强弱C ．电场是真实存在的，而电场线是人为假设的，是真实不存在的D ．点电荷只在电场力作用下的运动轨迹不肯定会与电场线重合4．如图所示为点电荷a 、b 所形成的电场线分布，以下说法正确的是( ) A ．a 、b 为等量同种电荷 B ．a 为正电荷b 为负电荷 C ．a 为负电荷b 为正电荷 D ．A 点场强大于B 点场强第4题图5．一个带正电的质点，电荷量q ＝2.0×10-9C ，在静电场中由a 点移到b 点，在这过程中电场力做的功W= -2.0×10－5J ，则a 、b 两点间电势差U ab 为( )A ．4×10-14V B ．1×104V C ．-4×10-14V D ．－1×104V6.两导线长度之比为1∶2，横截面积之比为2∶3，电阻率之比为3∶4，则它们的电阻之比为( )A.1：4B.3:2C.9:16D.5:8 7．如图所示描绘了两个电阻的U －I 图，由图中可知，若将这两个电阻串联接入电路中，则通过R 1、R 2两端的电压之比是（ ）A ．1∶6B ．3∶1C ．6∶1D ．1∶28．某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动（ ）A ．半径越大，加速度越大B ．半径越小，周期越小C ．半径越大，角速度越大D ．半径越小，线速度越小9．如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中一簇等势线，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一电子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，由此可知（ ）A ．三个等势面中，a 的电势最高B ．电子通过P 点时的电场力比通过Q 点时小C ．电子从P 点运动到Q 点电场力做正功D ．电子通过P 点具有的电势能比在 Q 点具有的电势能大10．如图所示，在水平向右的匀强电场中，某带电粒子从A 点 运动到B 点，在A 点时速度方向竖直向上，在B 点时速度方向水平向右，在这一运动过程中粒子只受电场力和重力，并且克服重力做的功为2J ，电场力做的正功为5J ，则下列说法中错误．．的是（ ）A ．粒子由A 点到B 点过程，重力势能增加了2J B ．粒子由A 点到B 点过程，机械能增加了5JC ．粒子由A 点到B 点过程，动能削减了5JD ．粒子由A 点到B 点过程，电势能削减了5J/V/A第10题图第9题图 第7题图二．多项选择题(本题包括4小题．每小题4分，共16分。
南京市2024-2025学年高二上学期期中调研测试物理试卷及答案
南京市2024-2025学年度第一学期期中学调研测试高二物理一、单项选择题：本题共11小题，每小题4分，共计44分.每小题只有一个....选项符合题意.1.“中国天眼”是世界最大的单口径射电望远镜，能接受来自宇宙深处的电磁波，帮助人类探索宇宙。
下列关于电磁波的说法正确的是（）A.变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场B.不同电磁波在真空中传播速度不同C.电磁波不能在水中传播D.微波炉加热食物是利用了红外线的热效应2.某同学在探究感应电流产生的条件时，进行了如图所示的实验。
下面几种情况中，线圈B中没有感应电流产生的是（）A.开关闭合或开关断开的瞬间B.开关闭合稳定后，快速移动滑动变阻器滑片C.开关闭合稳定后，将线圈A从线圈B中拔出D.开关断开状态下，将线圈A从线圈B中拔出3.下列关于静电现象的说法不正确．．．的是（）A.图甲中，当摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时变得清澈透明，利用了静电吸附的原理B.图乙中，优质话筒线的外层包裹着金属编织层，利用了静电屏蔽的原理C.图丙中，在加油站给汽车加油前触摸一下手形静电释放器，利用了感应起电的原理D.图丁中，燃气灶电子点火器的放电电极是针尖形，利用了尖端放电的原理4.某同学将两个相同的灵敏电流表G分别改装成一个电流表和一个电压表，如图甲、乙所示，则下列说法正确的是（）A.甲表是电压表，R 减小时量程减小B.甲表是电流表，R 减小时量程增大C.乙表是电流表，R 增大时量程增大D.乙表是电压表，R 增大时量程减小5.如图所示，带正电的金属球C 放在绝缘支架上，置于铁架台旁，把系在绝缘细线上带正电的铝箔小球a 挂在P 点下方，小球a 静止时细线与竖直方向的夹角为θ。
若用一个与球C 完全相同的不带电的金属球D 触碰一下球C ，移走球D 后小球a 再次静止时（ ）A.球C 所带的电荷量变为原来的一半B.细线上的拉力大小变为原来的一半C.细线与竖直方向的夹角θ变为原来的一半D.球C 与小球a 之间的静电力大小变为原来的一半6.如图甲所示为科研人员使用透射电子显微镜观察生物样品的情景，电子显微镜利用电场控制电子运动，镜中电场的电场线分布如图乙所示，虚线为一个电子在此电场中运动的轨迹，若电子从A 运动到B ，则此运动过程中（ ）A. A 点的电场强度比B 点的电场强度大B.电子在B 点的加速度比在A 点的加速度大C.电子的电势能不断增大D.电子受到的电场力的功率越来越小7.如图所示，某实验小组用如图甲所示的装置做“验证动量守恒定律”的实验。
人教版高中物理2023-2024学年高二上学期期中物理试题(含答案)3
人教版高中物理2023-2024学年高二上学期期中物理试题姓名：__________ 班级：__________考号：__________1．有A、B、C三个塑料小球，A和B、B和C、C和A都是相互吸引的，如果A带正电，则（）A．球B，C均带负电B．球B带负电，C不带电C．球B，C中有一个带负电，另一个不带电D．球B，C都不带电2．如图所示是两个等量异种点电荷的电场线分布，A、B是电场中的两点，则（）A．左侧源电荷带正电B．A、B两点电场强度相等C．A点电势比B点电势低D．负电荷在A点电势能小于在B点电势能3．如图所示，医用口罩由多层织物材料构成，其中有一层熔喷布经过特殊工艺处理后成为驻极体材料，这层材料表面长期带有正电荷，能有效吸附细小的粉尘，而这些粉尘通常是细菌和病毒传播的载体。
则其中即将被吸附的带电粉尘，一定是（）A．沿电场线加速靠近熔喷布B．带正电C．在靠近熔喷布的过程中加速度减小D．在靠近熔喷布的过程中电场力做正功4．如图所示，在电场强度E＝2×103V/m的匀强电场中有三点A、M和B，AM＝4cm，MB＝3cm，AB＝5cm，且AM边平行于电场线，把一电荷量q＝2×10－9C的正电荷从B点移动到M点，再从M点移动到A 点，电场力做功为（）A．1.6×10－7J B．1.2×10－7JC．－1.6×10－7J D．－1.2×10－7J5．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，电容器下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于静止状态，现交平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，下列说法正确的是（）A．带电油滴将竖直向上运动B．P点的电势将降低C．电容器的电容增大，极板带电荷量不变D．电容器的电容增大，极板带电荷量减小6．如图所示，两完全相同的金属导体的长宽高之比4：2：1，通以图示方向电流时，甲、乙电阻之比为（）A．1：4B．4：1C．16：1D．1：167．电流表的内阻是R g=200Ω，满刻度电流值是W=U 2R t微安，现欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A．应串联一个0.1Ω的电阻B．应并联一个0.1Ω的电阻C．应串联一个1800Ω的电阻D．应并联一个1800Ω的电阻8．用多用电表测量一个定值电阻的阻值。
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向的匀强
R2
M点以相同速度飞出a、b两个带
A.
B.
C.
D.
AB方向
d，其间形成匀强电场，一带正电的油滴从下 油滴质量为m带电量为q，则：（）
V6
mgd/q
mgd
Q的带电微粒从A点以竖直向上的速度vo射入电场强度为E的沿水平方
电场中，如图所示，当微粒运动到B点时速度方向变为水平，大小仍为V0,已知微粒受到
能（填“增加”或“减少” ）了J。
15、 有一个单摆，当摆线与竖直方向成B角（B<5°）时,摆球的速度为零，摆球摆到最低
点时速度为v,则单摆的周期S.（当地重力加速度为g）
16、一质点做简谐运动，先后以相同的动量依次通过A、B两点，历时1s，质点通过B点后
再经过1s又第二次通过B点，在这两秒内质点通过的总路程为12cm,则质点振动的周期
Q和质点N均处于减速运动过程中
Q处于加速运动过程中，质点N处于减速运动过程中
Q处于减速运动过程中，质点N处于加速运动过程中
1、
A
B
C
D
2、
A
B C
D
3、
A
B
C
D
4、
A
B
C
D
5、
质点
质点
质点 质点
如图所示，
（ ）
L1、L2都变亮
L1、L2都变暗L1变亮，L2变暗
L2变亮，L1变暗
如图所示：P、Q是两个电量相等的正点电荷，它们连线的中点是 点，OA<OB用Ea、Eb、©A、©B分别表示A
说明：1.本试卷分I卷和U卷。2.本试卷共100分，考试时间90分钟2007年1月
I卷（选择题，共39分）
一、选择题（13个小题，共39分，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确， 的有多个选项正确，全选对的得3分，选对但不全的得2分，选错的得0分）
一定质量的0C的冰，在它全部熔化成水的过程中：
分子平均动能略有增加
分子平均动能不变，但分子势能和内能均增大
总质量和总内能均保持恒定，不发生改变
分子势能减少，分子平均动能不变，内能减少
下列说法中正确的是
布朗运动反映了悬浮微粒中分子运动的不规则性
当分子间距离增大时，分子力一定减小
物体内能是物体中所有分子热运动的动能之和
当分子间距离增大时，分子势能可能减小
若此波遇到另一列波并发生稳定干涉现象，则另一列波频率为
若该波传播过程中遇到宽约4m的障碍物能发生明显的衍射现象
如图所示的电路中，S闭合，电容器已经充电。现将S断开，
40HZ
则下列判断正确的是：
电容器将放电
电容器将继续充电
有瞬间电流通过R3
电容器上的带电量将增大
C D
10、如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中 电粒子，运动轨迹如图中虚线所示。则a—定带正电，b—定带负电a的速度将减少，b的速度将增加a的加速度将减小，b的加速度将增加 两个粒子的电势能一个增加一个减小
的电场力和重力大小相等，以下说法中正确的是:A、微粒在电场中做匀变速运动
B A、B两点间电势差是V02E/2g
C由A点到B点微粒的动量没有变化
D从A点到B点合力对微粒做功为零
n卷（非选择题,共61分）
二、填空题（每题4分，共16分）
14、 气缸中的气体吸收了4X103J的热量，同时推动活塞对外做了X103J的功，那么它的内
11、如图是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是A点场强一定大于B点场强
在B点由静止释放一个电子，将一定向A点运动
这点电荷一定带正电
正电荷运动中通过A点时，其运动方向一定沿
12、如图，水平放置的充电平行金属板相距为 极板边缘射入，并沿直线从上极板边缘射出， 场强方向竖直向上 场强方向竖直向下 两极板间的电势差为 油滴的电势能增加了
在水面上形成油膜，已知这滴油的体积为V,形成的油膜面积为S,油的摩尔质量为M,
则油分子的直径，测出阿伏加德罗常数（用字母表示）
19、（8分）现有“12V、24WZ的灯泡一个，为了测定它在不同电压下的实际功率和额定电 压下的功率，需测定灯泡两端电压和通过的电流，现有提供器材如下：
A、直流电源15V（内阻可不计）
为s,振 幅
为cm
17、如图所示，为某一直流电动机提升重物的装置。重物的质量m=50kg,
电动机的电压是110V,不计各处摩擦。当电动机以v=0.9m/s的速率
匀速向上提升重物时，电路中的电流强度I=5A,由此可知电动机线圈
的电阻R=Q（g=10m/s）
三、实验题（共2个小题，共12分、）
18、（4分）禾U用油膜法粗略测出阿伏加德罗常数。把密度为p的某种油用滴管滴出一滴油
定大于EB,©A—定大于©B
不一定大于Eb,©A一定大于©一定大于Eb,©A不一定大于©不一定大于Eb,©A不一定大于
A
B
C
D6、Βιβλιοθήκη 7、L1、L2是两个完全相同的灯泡，当滑片P向左滑动时，灯的亮度变化情况是
一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中， 若重力势能增加3J，机械能增加，电场力做功 重力做功为3JB
克服空气阻力做功D
Rd
L2
0,A
B两点的场强和电势，则：
B是 中垂线上两
（ ）
受重力、电场力和空气阻力三个力作用。
1J，则小球（）
、电势能增加1J
、动能减少
&如图沿x轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图为200m/s，下列说法正确的是：
B C
D
9、
图示时刻质点b的加速度将减小
从图示时刻开始，经过，质点a通过的路程为0.4m
关于气体的压强，下列说法中正确的是
气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的
气体分子的平均速率增大，气体的压强一定增大
气体的压强数值上等于器壁单位面积、单位时间所受气体分子总冲量
当某一容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零
如图所示，是一列简谐横波在某时刻的波形图。若此时质点
加速运动过程中，则此时
Q和质点N均处于加速运动过程中
0〜0.6A〜3A,内阻Q);
0〜300mA内阻5Q);
0〜3V〜15V,内阻15kQ);
0〜25V),内阻约200KQ)
F、滑动变阻器10Q、5A
G滑动变阻器1KQ、3A
H开关、导线若干
1、 为使实验误差尽量减小，，所选器材（标器材前的字母序号） 在虚线框内画出实验电路图，要求灯两端的电压从零开始连续变化