2习题参考详细标准答案
习题参考答案2-电阻应变式
浙江大学电气工程学院10192091 现代传感器技术赵梦恋，吴晓波 2008-2009学年冬学期2008年12月二、电阻应变式传感器（2） 习 题2-1一丝绕应变计的灵敏系数为2，初始阻值100Ω，试求当试件受力后的应变为31.810-⨯时该应变计的电阻变化ΔR 。
答：Ω=⨯⨯⨯=⋅⋅=∆-36.0108.121003εK R R2-2一试件受力后的应变为3102-⨯；丝绕应变计的灵敏系数为2，初始阻值120Ω，温度系数C61050-⨯-，线膨胀系数为C 61014-⨯；试件的线膨胀系数为C61012-⨯。
试求：温度升高20℃时，应变计输出的相对误差和相对热输出。
答：()t S t Ra t K t Rββ∆=∆+-⋅∆ =()C C C C20101410122201050666⨯⨯-⨯⨯+⨯⨯---- =31008.1-⨯-()43104.521008.1/--⨯-=⨯-=∆=KR R tt ε2-3在悬臂梁的上下方各贴一片电阻为120Ω的金属应变片R 1和R 2。
若应变片的灵敏系数k =2，电源电压U =2V ，当悬臂梁顶端受到向下的力F 时，电阻R 1和R 2的变化值ΔR 1 =ΔR 2 =0.48Ω，试求电桥的输出电压。
答：ACD U OR 4UR 311R R +∆22R R -∆1R 1R ()2R 2R120124R R U U R R ⎛⎫∆∆∆=- ⎪⎝⎭20.480.4844120120mV ⎡⎤⎛⎫=--= ⎪⎢⎥⎝⎭⎣⎦解析：参见PPT P23~24，关于电阻应变计的测量电路。
理解电桥的测量原理和计算方法。
F2-4图为一直流应变电桥，图中U =4V ，1234120R R R R ====Ω，试求：① 1R 为金属应变片，其余为外接电阻，当1R 的增量为1 1.2R ∆=Ω时，电桥输出电压U O 。
② 1R 、2R 都是应变片，且批号相同，感应应变的极性和大小都相同，其余为外接电阻，电桥输出电压U O 。
建筑环境监测习题2(附答案)(完整)
建筑环境监测习题二：1、用热电偶测温时为何要求冷端温度恒定？当用动圈表配合热电偶测量温度时，若冷端温度不是 0 ℃，可采取那些措施？Ans:⑴热电偶测温是利用热电效应原理，热电势E（t,t0）=e(t)-e(t0) 如果一端温度t0保持不变，即e(t0)为常数，则热电势E（t,t0）就成为温度t的单值函数，这样只要测出热电势的大小，就能判断测温点温度的高低。
⑵ a.预置机械零位：将仪表的机械零点调至当时的冷端温度；b.沐浴法：将热电偶冷端分别插入盛有绝缘油的试管中，然后放入装有冰水混合物的容器中；c.补偿导线法；d.利用温度补偿器对冷端温度进行自动补偿。
2、写出暖通、燃气专业常用的几种标准化热电偶的名称、分度号及测温上限。
Ans: ①铂铑30-铂铑6，分度号B，长期上限1600℃，短期上限1800℃；②铂铑10-铂，分度号S，长期上限1300℃，短期上限1600℃；③镍铬-镍硅，分度号K，长期上限1000℃，短期上限1200℃；④铜-康铜，分度号T，长期上限350℃。
3、画出动圈式仪表、热电偶、补偿导线、参比端温度补偿器、连接导线构成的测温系统图，并说明各部分连接时应注意哪些问题？对线路电阻有何要求？Ans:测温系统图注意事项：1）热电偶与补偿导线、温度补偿器要配套使用；2）预置零位；3）对线路电阻的要求：为了减小误差，提高测量精度，动圈仪表的外接线路的总电阻规定为15Ω；4）在0~100℃，补偿导线与热电偶具有相同的热电特性。
4、用分度号为K的热电偶测温，测量时未用补偿导线和冷端温度补偿器，动圈表机械零位在标尺0℃,热电偶冷端温度为20℃，当动圈表指示在500℃时，问被测温度是不是500℃?若不是，应为多少?Ans: 被测温度不是500℃E（t,0）=E(t,t0)+E(t0,0)=E(500,0)+E(20,0)说明：动圈仪表指示在500℃，机械零位仍在标尺0℃，现冷端温度变为20℃，故实测值应该加上E(20,0)。
《误差理论与数据处理》习题2及解答
(mm)
② 重复测量 10 次，计算其算术平均值为： x = 26.2025(mm). 取与①相同的置信度，则测量结果为：26.2025±3σ= 26.2025±0.0015 (mm). ③ 若无该仪器测量的标准差资料，则依 10 次重复测量数据计算标准差和表示测量结 果。选参考值 x0 = 26.202，计算差值 ∆x i = x i − 26.202 、 ∆ x 0 和残差ν i 等列于表中。 序 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 号
∑ν
i =1
i
n( n − 1)
= 1.253
0.0008 5× 4
= 0.000224 （mm）
σx =
σ
n
=
0.000255 5
= 0.000114 ； σ x =
'
σ'
n
=
0.000224 5
= 0.0001
⑤求单次测量的极限误差和算术平均值的极限误差 因假设测量值服从正态分布，并且置信概率 P=2Φ(t)=99%，则Φ(t)=0.495，查附录
∆ x0 = 1 10 ∑ ∆xi = 0.0005 10 i =1
νi
0 +0.0003 +0.0003 0 +0.0001 -0.0003 -0.0002 0 +0.0001 -0.0003
ν i2
0 9×10 9×10 0 1×10
大学物理2习题参考答案
题1-3图第一章 流体力学1.概念（3）理想流体：完全不可压缩又无黏性的流体。
（4）连续性原理：理想流体在管道中定常流动时，根据质量守恒定律，流体在管道内既不能增 多，也不能减少，因此单位时间内流入管道的质量应恒等于流出管道的质量。
（6）伯努利方程：C gh v P =++ρρ221（7）泊肃叶公式：LPR Q ηπ84∆=2、从水龙头徐徐流出的水流，下落时逐渐变细，其原因是（ A ）。
A. 压强不变，速度变大； B. 压强不变，速度变小；C. 压强变小，流速变大；D. 压强变大，速度变大。
3、 如图所示，土壤中的悬着水，其上下两个液面都与大气相同，如果两个页面的曲率半径分别为R A 和R B (R A <R B )，水的表面张力系数为α，密度为ρ，则悬着水的高度h 为___)11(2BA R R g -ρα__。
(解题：BB A A A B R P P R P P gh P P ααρ2,2,00-=-==-) 4、已知动物的某根动脉的半径为R, 血管中通过的血液流量为Q ， 单位长度血管两端的压强差为ΔP ，则在单位长度的血管中维持上述流量需要的功率为____ΔPQ ___。
5、城市自来水管网的供水方式为：自来水从主管道到片区支管道再到居民家的进户管道。
一般说来，进户管道的总横截面积大于片区支管的总横截面积，主水管道的横截面积最小。
不考虑各类管道的海拔高差（即假设所有管道处于同水平面），假设所有管道均有水流，则主水管道中的水流速度 大 ，进户管道中的水流速度 小 。
10、如图所示，虹吸管的粗细均匀，略去水的粘滞性，求水流速度及A 、B 、C 三处的压强。
221.2 理想流体的定常流动'2gh v C =∴222121'CC D D v P v gh P ρρρ+=++0,0≈==D C D v P P P 练习5：如图，虹吸管粗细均匀，略去水的粘滞性，求管中水流流速及A 、B 、C 三处的压强。
微机原理习题2参考答案
习题2参考答案2.1 8086 CPU共有哪些16位寄存器？其中哪些16位寄存器可分为二个8位寄存器来使用？参考答案：8086 CPU共有AX、BX、CX、DX、SI、DI、SP、BP、IP、FLAGS、CS、DS、ES、SS共14个16位的寄存器。
其中AX、BX、CX、DX可分为二个8位寄存器来使用2.2 简述8086 CPU各通用寄存器的主要功能？参考答案：8086 CPU包含AX、BX、CX、DX、SI、DI、SP、BP共8个通用寄存器。
其中AX主要用在字的乘、除法，输入/输出指令中；BX主要在寄存器间接寻址和XLAT指令中作基址寄存器使用；CX主要在串操作指令和LOOP指令中作计数器使用；DX主要在字的乘除法指令和输入/输出指令中使用；SI主要在字符串操作指令中作源变址寄存器使用；DI主要在字符串操作指令中作目的变址寄存器使用；SP主要在堆栈操作中作堆栈指针使用；BP主要在寄存器间接寻址中作基址指针使用。
2.3 8086 CPU的标志寄存器有几个状态标志位？几个控制标志位？它们各自的含义和作用是什么？在Debug环境下，对应的用什么符号来表示之？参考答案：8086 CPU的标志寄存器有6个状态标志位，有3个控制标志位。
其中CF进位标志位主要用来反映运算结果是否产生进位或借位，如果运算结果的最高位向前产生了一个进位（加法）或借位（减法），则其值为1，否则其值为0；PF奇偶标志位用于反映运算结果中低8位含有“1”的个数的奇偶性，如果“1”的个数为偶数，则PF 的值为1，否则为0；AF辅助进位标志位表示加法或减法运算结果中D3位向D4位产生进位或借位的情况，有进位（借位）时AF＝1；无进位（借位）时AF＝0；ZF零标志位用来反映运算结果是否为0，如果运算结果为0，则其值为1，否则其值为0；SF用来反映运算结果的符号位，当运算结果为负数时，SF的值为1，否则其值为0；OF溢出标志位用于反映带符号数运算所得结果是否溢出，如果运算结果超过当前运算位数所能表示的范围，则称为溢出，OF的值被置为1，否则，OF的值被清为0。
2 二 图与遍历算法 习题参考答案
第二章部分习题参考答案1.证明下列结论：1）在一个无向图中，如果每个顶点的度大于等于2，则该该图一定含有圈； 2）在一个有向图D 中，如果每个顶点的出度都大于等于1，则该图一定含有一个有向圈。
1）证明：设无向图最长的迹,10k V V V P =每个顶点度大于等于2，故存在与1V 相异的点'V 与0V 相邻，若,'P V ∉则得到比P 更长的迹，与P 的取法矛盾。
因此，P V ∈'，是闭迹，从而存在圈.0'10V V V V证明*：设在无向图G 中，有n 个顶点，m 条边。
由题意知，m>=(2n)/2=n ，而一个含有n 个顶点的树有n-1条边。
因m>=n>n-1，故该图一定含有圈。
（定义：迹是指边不重复的途径，而顶点不重复的途径称为路。
起点和终点重合的途径称为闭途径，起点和终点重合的迹称为闭迹，顶点不重复的闭迹称为圈。
）2）证明：设有向图最长的有向迹,10k V V V P =每个顶点出度大于等于1，故存在'V 为k V 的出度连接点，使得'V V k 成为一条有向边，若,'P V ∉则得到比P 更长的有向迹，与P 矛盾，因此必有P V ∈'，从而该图一定含有有向圈。
2.设D 是至少有三个顶点的连通有向图。
如果D 中包含有向的Euler 环游（即是通过D 中每条有向边恰好一次的闭迹），则D 中每一顶点的出度和入度相等。
反之，如果D 中每一顶点的出度与入度都相等，则D 一定包含有向的Euler 环游。
这两个结论是正确的吗？请说明理由。
如果G 是至少有三个顶点的无向图，则G 包含Euler 环游的条件是什么？证明：1）若图D 中包含有向Euler 环游，下证明每个顶点的入度和出度相等。
如果该有向图含有Euler 环游，那么该环游必经过每个顶点至少一次，每经过一次，必为“进”一次接着“出”一次，从而入度等于出度。
从而，对于任意顶点，不管该环游经过该顶点多少次，必有入度等于出度。
逻辑学导论2 第二章习题参考答案
《逻辑学导论（2）》第二章习题解答一、请将下述命题符号化，如果是复合命题，请根据其中所含的主联结词，指出是何种复合命题：1．阳光和红霞是好朋友。
【解】：p。
这是一个简单命题，应作为一个整体看待。
2．贝多芬和莫扎特是伟大的作曲家。
【解】：设p表示“贝多芬是伟大的作曲家”，q表示“莫扎特是伟大的作曲家”，则上述命题可表示为：p∧q。
这是一个联言命题。
3．说西红柿是蔬菜是假的。
【解】：设p表示“西红柿是蔬菜”，则上述命题可表示为：⌝p。
这是一个负命题。
4．大连队将获得今年的甲A冠军，否则，冠军就是国安队。
【解】：设p表示“大连队将获得今年的甲A冠军”，q表示“国安队将获得今年的甲A冠军”，则上述命题可表示为：p∨ q。
这是一个选言命题。
5．尽管并非所有的人都是自私的，但仍然有不少人很自私。
【解】：设p表示“所有的人都是自私的”，q表示“有不少人很自私”，则上述命题可表示为：⌝p∧q。
这是一个联言命题。
6．如果我们再不降低生育率，那我们就会连坐下来的空间都没有了。
【解】：设p表示“我们再不降低生育率”，q表示“我们连坐下来的空间都没有了”，则上述命题可表示为：p→q。
这是一个假言命题。
7．即使我们提高税收，财政赤字仍不会减少，除非我们削减政府开支。
【解】：设p表示“我们提高税收”，q表示“财政赤字会减少”，r表示“我们削减政府开支”，则上述命题可表示为：⌝r→⌝(p→q)。
这是一个假言命题。
8．钱不是万能的，但没有钱是万万不行的。
【解】：设p表示“钱不是万能的”，q表示“没有钱是万万不行的”，则上述命题可表示为：p∧q。
这是一个联言命题。
9．如果你是草，羊会站在你的身上，践踏你，啃食你，不管你是它的亲人还是朋友；如果你是参天大树，羊会仰望你，赞美你，无论你是残疾还是孩子。
【解】：设p1表示“你是草”，q1表示“羊会站在你的身上践踏你”，r1表示“羊会站在你的身上啃食你”，s1表示“你是它的亲人”，t1表示“你是它的朋友”，则上述命题的前半部分可表示为：p1→⌝(s1∨t1→⌝q1∨⌝r1)。
操作系统习题2(含答案)
操作系统总复习及相关习题第一章引论名词解释1操作系统操作系统是管理和控制计算机系统内各种硬件和软件资源，有效地组织多道程序运行的系统软件（或程序集合），是用户与计算机之间的接口。
2管态当执行操作系统程序时，处理机所处的状态3目态当执行普通用户程序时，处理机所处的状态。
4多道程序设计在这种设计技术下，内存中能同时存放多道程序，在管理程序的控制下交替的执行。
这些作业共享CPU和系统中的其他资源。
5并发是指两个或多个活动在同一给定的时间间隔中进行。
它是宏观上的概念。
6并行是指两个或多个活动在同一时刻同时执行的情况。
7吞吐量在一段给定的时间内，计算机所能完成的总工作量。
8分时就是对时间的共享。
在分时系统中，分时主要是指若干并发程序对CPU时间的共享。
9实时表示“及时”或“既时”。
10系统调用是用户在程序中能以“函数调用”形式调用的、由操作系统提供的子功能的集合。
每一个子功能称作一条系统调用命令。
它是操作系统对外的接口，是用户级程序取得操作系统服务的唯一途径。
11特权指令指指令系统中这样一些指令，如启动设备指令、设置时钟指令、中断屏蔽指令和清内存指令，这些指令只能由操作系统使用。
12命令解释程序其主要功能是接收用户输入的命令，然后予以解释并且执行。
13脱机I/O是指输入/输出工作不受主机直接控制，而由卫星机专门负责完成I/O，主机专门完成快速计算任务，从而二者可以并行操作。
14联机I/O是指作业的输入、调入内存及结果输出都在cpu直接控制下进行。
15资源共享是指计算机系统中的资源被多个进程所功用。
例如，多个进程同时占用内存，从而对内存共享；它们并发执行时对cpu进行共享；各个进程在执行过程中提出对文件的读写请求，从而对磁盘进行共享等等。
简答题1什么是操作系统？它的主要功能是什么？答：操作系统是控制和管理计算机系统内各种硬件和软件资源，有效地组织多道程序运行的系统软件（或程序集合），是用户与计算机之间的接口。
第2章习题参考答案
R12 (Rab // 8 Rbc //12) //(Rac //10) 4
(b) R12 (10 // 14) //(6 // 12 8) 3.92 5. 对图 x2.5 所示电桥电路， 应用 Y 等效变换求： （1） 对角线电压 U ； （2） 电压 U ab 。
。
A 为 0。因为已经被短路掉，没有电流。
2. 电路如图 x2.2 所示，求电压 U 12 以及电流表 A1 和 A2 的读数。
解：如图 x2.2a 所示： R12 20 // 20 10 ， R13 4 // 6 2.4
i2
30 0.97 A ， i1 i2 0.5 0.48 A 31
解： R12 4 得到 R1
R13 6
R23 10
R2 R12 R23 2 R12 R23 R13
R13 R12 6 R12 R23 R13 5 R23 R13 3 R12 R23 R13
R3
3 2 U 5 3 5 2 5V 5 5
A. U S 40V 的理想电压源 B. I S 4A 的理想电流源 C. U S 0.4V 的理想电压源与 R 10 的电阻相并联的电路 D. U S 40V 的理想电压源与 R 10 的电阻相并联的电路 3.有 3 个电阻相并联，已知 R1 2，R2 3，R3 6 。在 3 个并联电阻的两端 外加电流 I S 18A 的电流源，则对应各电阻中的电流值分别为（ A. I R1 3A, I R 2 6A，I R 3 9A C. I R1 6A，I R 2 9A，I R 3 3A B ） 。
U ab (
24 6 24) 5 150V 5 5
人教版高中生物必修2课后习题参考答案.pptx
2 习题参考答案
高分子化学第二章习题参考答案思考题1、简述逐步聚合和缩聚、缩合和缩聚、线形缩聚和体形缩聚、自缩聚和共缩聚的关系。
参考答案：2、略举逐步聚合的反应基团类型和不同官能团的单体类型5例。
参考答案：逐步聚合的反应基团类型：羧基；羟基；氨基；酰氯基；异氰酸酯基；环氧基；酚羟基。
羧基可以与羟基、氨基反应；羟基可以与酰氯基、异氰酸酯基；环氧基反应；氨基可以与羧基、酰氯基和异氰酸酯基反应。
3、己二酸与下列化合物反应，哪些能形成聚合物？a、乙醇；b、乙二醇；c、甘油；d、苯胺；e、己二胺参考答案：己二酸可以与乙二醇、甘油、己二胺反应形成聚合物。
4、写出并描述下列缩聚反应所形成的聚酯结构，b-d聚酯结构与反应物配比有无关系？参考答案：a、HO—RCOOH以为重复单元的线形聚酯。
b、HOOCRCOOH＋HOR’OH等摩尔比时得为重复单元的线形聚酯。
所得的数均聚合度X n 与两官能团摩尔数之比r（r≤1）和反应程度P之间有：关系。
c、HOOCRCOOH＋R“（OH）3两基团等摩尔比时可形成体型网状结构，当羧基远大于羟基时，得到羧端基的低聚物，当羧基远小于羟基时，得到羟端基的低聚物。
d、HOOCRCOOH＋HOR’OH＋R“（OH）3两基团等摩尔比时可形成体型网状结构当羧基远大于羟基时，得到羧端基的低聚物，当羧基远小于羟基时，得到羟端基的低聚物。
5、下列多对单体进行线型缩聚：己二酸和己二醇，己二酸和己二胺，己二醇和对苯二甲酸，乙二醇和对苯二甲酸，己二胺和对苯二甲酸，简明点出并比较缩聚物的性能特征。
参考答案：己二酸和己二醇的缩聚物比己二酸和己二胺的缩聚物的熔点低，强度小，其原因是前者缩聚物之间没有氢键；己二酸和己二醇的缩聚物比己二醇和对苯二甲酸缩聚物的熔点低，强度小，其原因是后者分子链中引入了苯环；己二酸和己二醇的缩聚物比乙二醇和对苯二甲酸缩聚物的熔点低，强度小，其原因是后者分子链中引入了苯环，而且后者的乙二醇比己二醇的碳原子数小；己二醇和对苯二甲酸的缩聚物比己二胺和对苯二甲酸缩聚物的熔点低，强度小，其原因是后者分子链中有酰胺键，分子链间有氢键。
中级财务会计(二)作业1-4参考标准答案
《中级财务会计(二)》形成性考核作业1习题一参考答案1、借:原材料 9０2 ０00应交税费—应交增值税（进项税额) 153 000贷:银行存款 1 0５５0０0２、借：应收账款 1 170 000贷：主营业务收入１ 000 00０应交税费——应交增值税(销项税额) 170 ００0借:营业税金及附加 1０0 00０贷:应交税费——应交消费税 1００ 000同时,借：主营业务成本750 000贷:库存商品 750 0003、借:银行存款1５0００累计摊销７5 000贷：无形资产 8００00应交税费——应交营业税 7５0营业外收入 9 25０4、借：原材料69 600应交税费—应交增值税(进项税额) 10 400贷：银行存款 80 0005、借：委托加工物资１00 ０00贷:原材料 1０0 000•借:委托加工物资 27 50０•应交税费—应交增值税（进项税额)4 ２５0•贷:银行存款 31 7５0•借：原材料 127 5０0•贷：委托加工物资 1２７5０06、借：固定资产１8００00应交税费—应交增值税(进项税额) 30 600贷：银行存款 2１0 6０07、借:在建工程 58 5０0贷：原材料50 0００应交税费—应交增值税(进项税额转出) 8 5０08、借:待处理财产损溢——待处理流动资产损溢 4 0０0贷:原材料 4 0０0习题二参考答案甲公司债务重组的处理：债务重组利得=重组债务的账面价值35０-转让的非现金资产公允价值(180+3０．6+30）=109．4万转让的非现金资产的账面价值=(20０－1５）＋（15+10）=2１０万转让的非现金资产的公允价值2１0万-转让的非现金资产的账面价值21０=0，则计入当期损益的金额为0。
借：应付账款——乙公司３500000贷:主营业务收入180０000应交税费——应交增值税(销项税额） 306000可供出售金融资产—A公司股票（成本） 15０00０—A公司股票(公允价值变动) 1０000０投资收益 50000营业外收入—债务重组利得１094000借:主营业务成本185０0０0存货跌价准备1５０000贷:库存商品 200０0０0借:资本公积—其他资本公积 10万贷：投资收益—股票投资收益 1０万乙公司债务重组的处理：受让非现金资产按其公允价值入账，公允价值金额＝1８0+3０.6＋３0＝=２４0.6万重组债权的账面余额=35０万元债务重组损失=重组债权的账面余额-受让的非现金资产的公允价值=35０－240.6=109.４万将该差额冲减减值准备1０5万（３５0*30％),再将其差额4．４万计入营业外支出。
计算机基础第2版习题参考答案
第1章计算机与信息社会思考与习题一、单选题二、多选题第2章计算机系统结构思考与习题一、单选题四、回答问题1. 计算机硬件系统由哪几个部分组成？各部分的主要功能是什么？答：计算机硬件系统由运算器、控制器、存储器、输入设备和输出设备五个基本部分组成，也称计算机的五大功能部件。
运算器是计算机对信息或数据进行加工和处理的部件。
控制器是整个计算机的指挥控制中心，它根据指令的要求向计算机各个部件发出操作控制信号，使计算机的各个部件能高速、协调、有条不紊地工作。
存储器是计算机的记忆和存储部件，用来存放信息。
输入输出设备简称I/O设备，通常又称为外部设备或外围设备。
I/O设备是人与计算机直接对话的设备，是人－机相互通信的桥梁。
2. 计算机软件系统分为哪两大类？各自包括哪些组成部分？答：计算机的软件系统通常分为系统软件和应用软件两大类。
系统软件通常包括操作系统、语言处理程序、各种服务性程序和数据库管理系统等。
应用软件是指计算机用户利用计算机的软、硬件资源为某一专门的应用目的而开发的软件。
应用软件包括的范围是极其广泛的，可以这样说，哪里有计算机应用，哪里就有应用软件。
如文字处理软件、表格处理软件、辅助设计软件、实时控制软件等。
3. 汇编语言和高级语言能直接被计算机识别和执行吗？为什么？答：不能。
因为在所有的程序设计语言中，除了用机器语言编制的程序能够被计算机直接理解和执行外，其他的程序设计语言编写的程序都必须经过一个翻译过程才能转换为计算机所能识别的机器语言程序。
4. 什么是BCD码？什么是ASCII码？请查出“B”、“a”的ASCII码值。
答：BCD编码即所谓的“二～十进制编码”，就是将十进制数的每一位数字分别用二进制的形式表示。
具体地说，就是用四位二进制数来表示一位十进制数字。
ASCII码是美国信息交换标准代码，是西文领域的符号处理普遍采用的编码，虽然ASCII码是美国国家标准，但它已被国际标准化组织(ISO)认定为国际标准，在世界范围内通用。
人教版 化学必修二全册课后习题答案 必修2 答案
化学必修二全册课后习题答案：P111．1；1；Cs；Li；7； 1；F；F。
2．C 3．C 4．A 5．(1)63Li7 3Li； (2)146C 147N；(3)2311Na 2412Mg。
6．7．8．略 9． 4Li+O2点燃2Li2O10．(1)甲 C 二 IVA ；乙 O 二 VIA；丙 Na 三 IA；丁 Al 三IIIA（2）甲与乙：C+O2点燃CO2乙与丙：4Na+O2=2Na2O 或者 2Na+O2△Na2O2乙与丁：4Al+3O2△2Al2O3。
11．12．略P191．减小；减弱；增强；Na；NaOH；Al（OH）3；HClO4。
2．B 3．C 4．(1)金属性K﹥Na (2)金属性Al﹥B （3）非金属性Cl﹥P （4）非金属性Cl﹥S （5）非金属性O﹥S5．（1）酸性 HNO3﹥H3PO4（2）碱性 Ca(OH)2﹥Mg（OH）2（3）碱性Mg（OH）2﹥A l(O H)36．略 7．（1）钡比铍剧烈；（2）钡应该用煤油液封后密封保存。
8．（1）X：碳元素 Y：氧元素 Z：钠元素 W：铝元素；（2）画出其原子结构示意图，电子层数等于周期数，最外层电子数=族序数；（3）C+O2点燃CO24Na+O2=2Na2O 或者 2Na+O2△Na2O24Al+3O2△2Al2O3。
9．锗、锡、铅在元素周期表中的位置为依次同一主族从上到下的位置，最外层电子数相同而电子层数逐渐增大，原子半径逐渐增大，所以金属的活泼性依次增强，所以被氧化越来越易，碱性越来越强。
10．略。
11．7个电子层，最外层电子数为6；第七周期，第VIA族；金属元素。
P241．略2．C 3．D 4．D5．共价键是原子之间通过共用电子对形成的作用力，形成时没有电子的得失，只可能有电子对的偏移。
离子键是阴阳离子之间的静电力的作用，形成时可能有电子的得失。
6．稀有气体中每个原子的和歪点子排布都达到了稳定结构。
7．略 8．以极性键结合的有 NH3、CH4、SO2；以非极性键结合的有F2和O2。
C语言程序设计课后习题1-8参考答案
C语言程序设计课后习题1-8参考答案习题1参考答案一、简答题1、冯诺依曼计算机模型有哪几个基本组成部分各部分的主要功能是什么？答：冯诺依曼计算机模型是由运算器、控制器、存储器、输入设备、输出设备五大功能部件组成的。
运算器又称算术逻辑部件，简称ALU，是计算机用来进行数据运算的部件。
数据运算包括算术运算和逻辑运算。
控制器是计算机的指挥系统，计算机就是在控制器的控制下有条不紊地协调工作的。
存储器是计算机中具有记忆能力的部件，用来存放程序和数据。
输入设备是用来输入程序和数据的部件。
输出设备正好与输入设备相反，是用来输出结果的部件。
2、简述计算机的工作原理。
答：计算机的工作原理可简单地概括为：各种各样的信息，通过输入设备，进入计算机的存储器，然后送到运算器，运算完毕把结果送到存储器存储，最后通过输出设备显示出来。
整个过程由控制器进行控制。
3、计算机软件系统分为哪几类答：软件内容丰富，种类繁多，通常根据软件用途将其分为两大类：系统软件和应用软件。
系统软件是指管理、监控、维护计算机正常工作和供用户操作使用计算机的软件。
这类软件一般与具体应用无关，是在系统一级上提供的服务。
系统软件主要包括以下两类：一类是面向计算机本身的软件，如操作系统、诊断程序等。
另一类是面向用户的软件，如各种语言处理程序（像BC、VC等）、实用程序、字处理程序等。
应用程序是指某特定领域中的某种具体应用，供最终用户使用的软件，它必须在操作系统的基础上运行。
4、什么叫软件说明软件与硬件之间的相互关系。
答：软件是指计算机程序及有关程序的技术文档资料。
两者中更为重要的是程序，它是计算机进行数据处理的指令集，也是计算机正常工作最重要的因素。
在不太严格的情况下，认为程序就是软件。
硬件与软件是相互依存的，软件依赖于硬件的物质条件，而硬件则需在软件支配下才能有效地工作。
在现代，软件技术变得越来越重要，有了软件，用户面对的将不再是物理计算机，而是一台抽象的逻辑计算机，人们可以不必了解计算机本身，可以采用更加方便、更加有效地手段使用计算机。
(完整版)人教版高中数学必修2课后习题答案(截取自教师用书)
U Cl> l«tth <2>(3)IWHE9閒惟组介面皿的细合C C4)山一个AftlH 挖公-个興柱体得列的姐令体.2. (1> fiHfb (2)恻俺・3. 略.习K 1.1 A ftl L Cl) Ci (2) C; (3) I); (I) C.2. (1)不址台体• W 为儿何体的-MK"不郴交于-点•不址山平行I -底而-Mf谢的；⑵ ⑶ 也机台休.闪为不足山卩行于檢椎和阴的的戦曲的儿何休.3. (1) ihmWB4l 台纽令而成的向单纵合侔I(2>山四检桂HIPM 栈蒂组合而戚的简Pfll 舍体.4. wthi 心的球・il 和ft 的儿何体 厲任•个球体内邯挖决-个同心球施列的简炉如合体》.5. 制作过w 略.MfiifaM 形町以折檯戍j.休图形• ^r-ifnw 形・nm1. 材F 的儿何体址校H ：・般去的几何体也址檢住：它们分别是丑"柱和三钱出2. 左側儿何体的主整结构特乐惻任和ttumift 的简单•组合体；屮网儿何体的主妄給沟待征；F 那地 一个阅n 絃九•个醐林细成的筒聯姐合体.1：郦也是一个圈林裁丿:-个iwmi 诚的简債地件体.右 侧儿何体的忙蟄结pm 址：卜部M -tau^・上部足一个■怯假去一个■林橄•个梭住的■单姐 合* «5)15 页) L (1) (2》略.2. (!) Ntttt (m«><(2> HtMT 球细成的摘单组合体(3) 网陵住巧球级嵐的而取细介体(州厮)：(4) wrw 台组合・成的材单自合体(图略).3. <1)五校HI (三税图峪).(2)四个Rima 的筒单组合体(三視圏略人 4•三校枝.第习(M 19页)1. 略.2. (1) J 丨 (2) X ： (3) Xi (4> 7.习JH1.2 Am1. 略.2. (I) HKHi ⑶ WKfHi3.略.L 略.<2)阀台*⑷ 用梭性与Nttm 合ift 诫的简恤合体. 5.略.3・如杠不啪，•种件案显由1S 个小止方体细合而成的简皿纽合体.N 帼空间儿何体的表舀积亏体积5・略. Bm绣习q第27页）L真、;如尺m.2.1.74 T ft.1. » m.2. yw* cm1.3.104 cm\习R 1.3 A ftlI. 780 cm*.2• r4 K *3. t¥： iQK方体的分別为“・A. «.则锻出的枝他的休积V * y * <,/H詁・辆F的儿何体的体枳v二皿:皿:“加・所以V, ： V? = l » 5・4. Mt为三檢用形甞器的侧曲AAfMS/K平叙掘时・iftifti那分处刃试註形.Ktft«>W»的A. AA, 8. ift十底IMABC水平放WH4.液ifti庙为旅山已知条件知.四檢"MSdj廉K 住底rtl面枳之比为3 8 4.由［曲种状◎下敲体体积HIE 所以3X8 = 4XA. h 6. IM此• 7坯曲AMC 水f ttWlH.液rtl応为6.5. 14 359 cm:.6. I 105 500 tn1Bftt1. I吹杯的三urns•我们川ifi・奖杯的上部見“轻为4 5的幼中部凰•个科棱柱・JPH h.下辰闻址边K分別为8rm, 4 cm WB-M. ffltMlfii>l>的瀚个储血绘边长分蓟为20 cm. 8 cm的矩盼・>3购个|H佃堆边K分别为20cm、4 an的砸莎Fffift-tPMttfl・爪中上底血垦边长分别为10 cni. 8 cm的他彤.卜-底［ftl圧边氏分别为20 cm. 16 cm的距形.“梭台的為为2cm・冈此它的松血枳和体枳分别为丨m cm\ I 067 «n\2. 炎示r三倫形任克州边之和大尸第三边.3. W；设虚的左角形的M条“用边尺分別为一b.針边K为&以fiftiiABcym r谶勿軸•典余徐边&转個形破的曲而附成的儿何（4MW1W・八休枳壮皿. 同理.UtFEUMC 所住f（线为轴・其余备边旋转-则形说的盼iftilMiA的儿何休也MNtt•典体枳为扌na J b.以斜边AH所“H线为初•典余备边農转妙锻的叫血IN成的儿何休览艸#1合休.复习•考H A*H1. <l> Will （2）三恢柱成三检台8 （3 > rr • /r • n J i （5） m Jn.2. <2）饲林休（阳略”<o 轮腑状的儿何体 3/3V4* •3 798卅・衣曲枳的为3B7.体枳釣为176. •:觇图路.»• <»> Hr <2> 8i <3) 24; (4) Z4i (5> »• 48 cm\ tt cm\10.日n 的&曲1帜分別为36zm ：・24nxm ;・jjcon 1.体枳分别为1 6E ‘・12xnn'・片#次cnf : =« Bm<2）衣血枳为 I 80073 cm\ 佯枳为 9 000/2 cm 1, <3）略.2. 水不金从水欄中涯出•3. 如右卅所示的正方体.眞中o ・（/分别为下底面和上联面中心.war 所线为抽.化转动过秤中BL 的轨邊U 卩圧妖接面・ 4. v -i^5rj7 <0<J <10）.纷习煥12。
结构力学第2章习题及参考答案
M
0 K
FAy
5
1 20 52 2
510 kNm
FQ0K FAy 20 5 52 kN
（3）求三铰拱 K 截面内力。
yK
4 fx(l x) l2
3 m ， tanK
yK
4 f (l 2x) l2
2 5
sin K
2 22 522 29来自， cosK5 22 52
5 29
MK
M
0 K
FH yK
510 130 3 120
kN
m
FQK FQ0K cosK FH sinK 52
5 130 29
2 0 29
FNK FN0K sinK FH cosK 52
2 130 29
5 140 kN 29
2-12 图示圆弧三饺拱，求支座反力及截面 D 的 M 、FQ 、FN 值。 20kN/m
5kN
Ⅰ
FN1x
A
25kN
D Ⅰ FN2y
FN2x FN2
（b）
ⅡC
FN3
Ⅱ
B 10kN
（c）
解 (1)求支座反力 FAx 0 ， FBy 10 kN ， FAy 25kN
（2）求指定杆轴力 Ⅰ—Ⅰ截面（图（b））
MD 0 ， FN1x 30kN ， FN1
5 2
FN1x
15
5 kN
M A 0 ， FN2y 5kN ， FN2
由对称性得
FNAC FN2 30 2 kN ， FN1 30 kN
FNBE FN1 30 kN 由 E 结点的平衡条件，得
FN3 15 2 kN
3m 3m 3m 1.5m 1.5m
2-9 选用较简捷的方法计算图示桁架中指定杆的轴力。
人教版高中数学必修二教材课后习题答案及解析【精品】
•教材习题解答练习0M1.⑴（6“21 略，瓷⑴四梭柱（闍略打（引匮锥与半除俎成的向单组命怵（圏略X （3）13棱柱与珠组成的简单组台体（图略门（4>«个麗台组合而成的筒单姐台■体（图略】.x（i）Ea^（~視图略儿（幼四十黑柱组成的简单爼合怵（三视国略几4三楼耗.•敦材习也孵答⑴如图1-2 - 3 -门/13听小'yA.「门如1痢11 门2 3H t圈1 i所示’14图I 2 3 19点评木懸舟省工州图卅的二P见却询制法.2. <1）三懂拄H刀isfn〔希四fttt*⑴）四磧柱与恫柱组合血磴的简羊组合林.証略*札卷5用B组1：略:签咯*乳此題菩徐不唯一冷一种省秦擡樹15个4、止方体齟會閔施的他单址合怩+如RJ1 - 2 - 3 2L♦教材习题擀答练习（『）1,解：设圆锥的底面半径为严母线畏沟h別由JS意得乂岡讹的削山111科图为T-J.-1-K J. （1 S 皿即I A捋◎代入①式得Q=3JI F.畀。
如|划t 2 220F3 1 2 3 21SirJu哉園隼的底面（8直卷为彩鬲二点评柠畫俯面堰幵国右側锥的不变关泵辰公式的应用，2 .解*机器零件的表面机pf# fti 是圆柱的«面积加上桂柱的全面积.VHIS 的側商報 Si /-2ftXXX2G- 15O!E=sl71（mm ）*棱柱的它而积 > 12X j <ft-2 X 6 X -i- X 12> 12 迖孕切 ms. 2 Him ）*二一牛机器的金面S=St-h*-l 579.25（mm >.JN IQ 000个零杵的全而积为15 7t?2 500 nun 15.旳2 5 m\故需锌的重虽为】$, 792 5XO P U^l t 7l kfi,点评 本IB 哮査良余儿何的驶働税求孝和鮮实际问昭及埸算能力. ♦教材习题解答K 卩｝1. 刑大到原来的8倍戈2, *¥：il ：A 休的钊'fO 检为尽!*球的壯栓R 舟 *点评 以上三1»常直公貳的灵活运用能力+ 习题I 3(1\JA 组1 •解’傭而都星等禮梯形・R 上底为8 cm,下底为18 cm.Wft-fc U erm 可得斜高（由『号）‘ =12, S«=5xi^^X 12=780（ cm 2h答:780 cm\点评本題夸曹棱台申的庖制梯形的应用和棱幷的1W 面面祝公式+乙鸠：恤台的M Efii ft! $ ―只“+孙・/•捌台底附积节一乩亠:S,.—煮厂+R X rtl 己知得就"R ）/=（r-R g ：・t 七圣.恵评木题有直对iifiitt 面积、底而和、表面积概急的理解•要将三者区别幵来* 男蚪考査了解方程的能力.3.解假止方休的楼辰协•刚V 命_T x T /r "T*剩.余儿何休的V-V,.lt V "二川―彳―土才”S=inR £ = 4n/（鬻）'皿 >/.^60 OOOjr^sl04(cw- 3.解八 *= -yrK —所权播惟怖休积与霖F的几何休的林积之比为1 1二点评辰题槽査三杭惟体积的求法和"割补注”求M何住的休枳的方迭.4,当三棱柱形客器的憶面AA.B.B水平枚置时，液面部分是四棱柱形*其商为原三棱柱障寻器的髙*憫陵A-1, 乳设十底面AEC水平放置时・液而高为乩由已卿条件知•四桂柱底面与原三桂柱诧酣啣积2比为工；4•由于两种状态下我体休枳相3X8=4XAM=6-Pljt AfJC*Tftt置时*菠面高为£点评展塵考査休砂变換能力，奥註总在几何徉转换过包"「+水旳休枳妁终干变+ 5•解*由J8意*需贴瓷砖的部分为网梅柱与网複台的啊倆积之和・民心十二1> U)，■，»{)- 12St>)ii；rii )*四楼合的斜离"二JltV -(迪「=5再『<m)・吕叶” =I》即打曲吃"-1 55S(cni ),故捕翼■«*的面報數为13 800+1 55»=14酹9仪“」>点评辰矚毒查倚单组合护的傭面积求法和解决致:际问題的能力氐攝示*先求出竽嚴梯形的面祝•再乘以化京到上海的铁路険长0P可•请冋学们自已完城”H W1.解，由三视图逝出它的言观国如l¥l 1 - 3 - 2 16所娠..Fl A | H| —(| f J| —.A B —C D -'- H cut ♦A t D, ■ ('i /J - A r D'™C B' 4 cm*球的苴悴为彳EF= (Hl12 cm J XI) f；「16 rm<EJf 1^(i8 rm*A L A"=B0=「|广=1」|打CTU.伍求出料棱育AHEF而上的料髙和-JP宁亍了之疗cm.再求E四債舍UF(^ Ifll上的卅高h —買”?12；' - 2 ^/7LILI+则久=用幷=% *严TWmV)■几=+卫=亠・2 -芋和冋Sn ttlf-S n KH B=<8-4) X2 X20=^480 mv 卫側” =4 XH X2()=肌0 cm . 也汁—给时”匚亠九—2(匚严p 皿亠2(工^)卞2听亠豹X !fit 12X6 = (11275 ^416)cm?=-1( 12X 8^2OX lfi+/12XSX2OX16) X 2•>=十(更7^+ 1】们rm .•5代奖杯的表而探s+ snia(1-FS H44ifiir !曲-J 12^5 -F 4 16^-1 193( m T杯的体机卩一'j 9 夕_匕|+巧.耐+较“卄=yK+64D + y (32 阿+ 416)*1067 cm\答t豐杯ffl我血枳约为I 193 g •悴积约为 1 067 cm\点评転題考煮吧察国闿想線力，运尊能力據解综合|^ 139 17题的能力.2.证期’如图1 - 3 - 2 - 17所示•因为三棱柱的侧面制是矩形•則傭面积为底乘以高.而髙相等•所以要证任意啊个侧面的面积和去于第三个侧面的tfliffi-H要证明三Stt±.底面匕任意H边的和大f第三边即可＜而这是显ffi的.点评本題痔査将空佃问應转化城平丽间趣的能力.3. 为釉的直观即如阳】3 2 1SC1 ＞所示”三规阳如图】3 2 3S（2）所示.图】3 2 19点评本题考査画直观图和三槻图的能力，2 18（2）以直帝边为轴雌縛而戚的儿何体的直现將如阳】如用1 3 219（2）所示+汕（1〉所示.三觇图(I >iF■枫♦教材习题解答塩习参考JRIJMAffi(幼三橈柱或是三陵育t(3川j丄*｛」打』川■”；(5ht・石\玄如1 舲所示，朗I 32点评 号育市三视图还原咸丈抑悶和将实詢圏同成直氐團的能力* 4.略.5”解巾癒蔥得三梭柱的底面三角形外接圆足E1拄的底面三角瑶F 卜接的亶植 是碉柱的底面直栓或母縊，植岡桂的廣面羊栓为尺"则卩=竄曙*2R=2nR' •化疋=彩. 征中股边长为s 则轧・寻—氏即 心冲・5心—%」普R . X 钳—$ 一心* 21i •芈说 0 学/?-翠 € 乩解丸求出一乍接头需要的铁皮玄「热后再计阜恵量且r rs, =n(r t +n)^=it(25+L0) XS5=1 225^(^),Z* S - lOgDQOXSj = 1Z 250 ^>()K12 25OD0()X 3t iTO 1 3】-37 &75 000(cm ) =3 797t 5(m H 7»8<m 答 制作l 万个这惮的接1需屢3缺列的铁皮. 点评 启匮考査■台需面积前求法及单经换1T 7,表面积肉为◎匸怵稅约为176,H 视图略. 8用9*<1)64；(2)S ;(3)2^；(4)24I (5)S T 48 cm cm . 10.它ff J fi'J 董面积分别对36K cm *21 JT w *里巧；B&(P>n)匚(1)三视宙如国I - 33两就.直观圏如图1 -:甘所示. 点评 程题痔查空河担象能JJ 和呦阳能力. 怕)» =8> ^0X 30X^1)60 二！ 800#<CTTI 几 V^SX-j-S^n, • A=2XyX30X30X 丿30；■尸=9 0007?(cjn ). 点评 术■■卜题喝資齐面休的衣而积和休稅求沈. 〔：1 略.圏1 - U乙解 V-f '. F J? 4 XX ].[ X2；/ -63 H7h!Df ),■J2水巾球的怵积为匕 V. ■— 13 6115 几 卩“呻=期 X60K55 = 264 OOOlcm^hA V 4 200 000 2fiJ 000 200 000 = 61 ODO>43 fill. 故水槽中水不会镒昭*rm ■ 12n rm + 144J3 r cm图1 34点评示題哮育训搔方法.点评本題哮責休枳公试的求法和解窘球问赳的能力.3, 解它是由闍1恥所賦的国形L绕线f艇转而成的•其屮匸与0不相乞点评布腿韦賈观察图形的能力和魁象能力.4. 如图1 鼬”由題意得*Hd mEFF g且四边形ABCD为正方带.AOF=y(cm)t OF= /EF -OP点评考査四撓惟的休积求法和平面图形•与立体图刑z何的关系.•教材习题解答练习(P-)1.1＞解汝育线sf川間两樹交•交点分别ArAJ九匚如圈？ 1 1 0・则A*區C三点不在一直践上*A Ae iNF »「匸s同理廿匚i机一仏A由^.A.i二疽线可1ft定一平面. 点评本题考査公理2,2. ⑴不并面的四点町御邃4个平面.(2)共点的三旃肯线可确定1个或吕个平而.点评本地占査公理2的应用，3, (1)X (2)V (3)^/ ( Hv/(DV平面”与平面B相兗』h与君有一条公其直线二•有无数爹个公其鼠(2)在已知亘线上耽不同两点.再加上直燼外一点构成不共线三原*由您理2知确定一平潮.⑶抚两备直线t分SM -点(T同于交点)・朝构虑不其线-点・rtl公理2可知砸定一令平面.H J•三个不共耀的点•可确定一个平面•化两平而範合.1/3II 爭 1 35£ yi()O~~(cm>,* yi 00 X'.图I 361^ 2 1 1 ?21^2 I 1 23♦教材习题解答练习2J因为“与平【帀厘金乎廿吐却则^与口的也逹先糸为相交+即4与住台一节公捷点.所W（A）UD）两选项排除*苦“内存在一餐线仃与4平行.则不妨设应与“ 交J柑点•住Q内‘过O盘作亶线c#緘则由公理4可知口〃一这与口与｛交于”点矛盾，所以选答索（BX点评此魁考査直线与平面的位賈关泵•同时为将来判斷直线与平面平和罢宦了基础+♦教材习题解答阁 2 ! - 4 9 点评本壮舟宜空间平而的垃国关条歴空何悴阁能力+习题2-KP.J三个平而两两相交川;么它门的交线冇-荒或三金.如盟2 1 1 9人组匕如惘2】1 10b3•门2 （梯形的h,T底平帕由平厅线定文知共而）⑵X（肖附上两点恰好为直径两端点时冷过这三点不能确定平面）［加W （由平杼公理4可得结论）（!）X 导\胡卜吋*/也无公其点）（5）X （“鼻可能平忏•也可能相交）点评木題考資平面的tt痕+空阖两直线的位罢关盘4. 【1眉£由斥面苣线所成柏定又或等角定理）⑵* （由界面直錢所虜角取垂面内蛹纽垂直的郷定）<3）2 f由公理2可得结论）〔门平行戒在平面内【5）平行或护交（仍ftl交或痒潮点评車魁考查空间购直线的位掘关乘+5. 典而点评本圍考査參理2的应用.6. 证明’ *：AA f//bK W AA'= ”用・/.四边能盘且F削为平行四边形.7J f+ 同理Ii（'£ Ii\'f.AZAfJ（'=Z.VB'C\二△AM 宜△ATfL”点评本趙哮査公理4蜃其应用.m直线悶购平打且不共面，一共前建三个平面•妁果三条直域交于一点剧最参确定三卜平面.8.正方休餐而所在平面分空何成27部分.点评松考査孕生的空何怨象能力TB组1.（l）C ⑵D ⑶1：点评加题考背空间想喩能力•异面育线所成角的求法.2.证明t fcM 平面ABC.所以PE甲喲Ati（\pe^.所以卩在平面ABC:与晋面«的灾红上.同理可证,Q 和R均在这条直线I:.所以畀三点共线.点评先确定一輦宜期•再证羽具他点也在这条直域上.无址明：如图2 1 I 13,11接ACEF』；几TEF井别为AB .BC点*.Jj＜；DU1“r= * e『--—=■-DC DA3:A\GJL丄一1「*图2 1」】3 ▼ 3AEF# HG H EF 护HG人四边磁EWH沟梯形.二梯闿関腰£H*Ff；相空.设处点为K,VFJ/C吓閒ABJ儿AK€ 平面ABD,FGU平ffi CBDt代K€平面CBD・血平而AIH）门平而CfU）-BPtr・K13UXEH.FQ.BD交于一点K,点评木起哮艸公理2和公刊：匚♦教材丁题解答练习|P“1, ⑴平面WrVD*平面A'MLry和却平面R卍「「*平面tV”门心、平面ECC®；平面 A % £01点评頁査肓线与平面平行的判定定理.2. ££^ B/J）//平面AEf'+证闍主如图2 2 1 id■连接H打交如m连接0艮在△ dBm中・OE为三用腦耳I位线，/.（）E// BO,. Z V BD, C平而AEL\（）?；c 平面AEGU#晋而AEC.♦教材习题解答练习(％)UI ■错谍.反长方怦为樸型+如劇222F 分别为ATT’Uir 的中点加7TU 平面A7J7?* D\EFC T 而A f lV('t I)\A t I)，/f 平而 BCCE\ EF#平面BCC.但平面 EC与平面A%" LD 中交.(2」止确.点评本題考査平面与平面平存的定文和判定定理的务fF. Z 提示,餐昜证明-VIX /f EF. \A //EH.进而可证平面AMN..「平面EFDK3」A)不止确”白怏方肚为模型*如觀22 2p14则在平面A BCD 内与BC TJ T 的所有直拔都4 * <z2与平商JXL/T 平fr + (U 于面AHCD 与甲面 /Tl1;e ___________皿:足相交的./馆〕不疋蹴以长方体为模取.如陌222st14 • ATT# 平面 A BCD〃平圏 2 2211® ABCD 与面放：「少期空.f 「［不疋确*以长方怵为摸型*如圏2 • 2亠2 • 1鉄"0'〃平面BCrB^HC// 平面A^C'D K但平面BCXTB 1与"7H ：P‘相交.(b 〉平面与平面平疔的定义.A(D).点评 星题迪过对两平面平行判定的分析J 音拒学生周密分析问题的能力./J"£li f7 ’一z1序Z \Z[圈 2 22 13♦教材习题解答(1) X 同时过疋』两自线的平面不符合蚤件.(2) X "与皿内直觀有平厅和异面的曲种位置癸JK. unX胡与h可能出现w种悅胃.黄系；平厅、相交，界耐(*26”‘过“作平齒P 交* 于一虎评事馳曹查线itii的平行真系的判定礙性喷.习题2.2(l\t) .X组h(A)以怅方休为模星*如阁2 2 4 —则平面AHCD与-F ^ABB 线 D平杼・S1 网f而和交-点许廉題曹靑两平而平h■的判定.(力(D)直甥口不与世平怡则心或4与a ffi*. 点评肚题E霆也线与平而前位邀关乐.(恥(「)*：0 $PGm翼由P和H线。
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高分子化学第二章习题参考答案思考题1、简述逐步聚合和缩聚、缩合和缩聚、线形缩聚和体形缩聚、自缩聚和共缩聚地关系.参考答案：2、略举逐步聚合地反应基团类型和不同官能团地单体类型5例.参考答案：逐步聚合地反应基团类型：羧基；羟基；氨基；酰氯基；异氰酸酯基；环氧基；酚羟基.羧基可以与羟基、氨基反应；羟基可以与酰氯基、异氰酸酯基；环氧基反应；氨基可以与羧基、酰氯基和异氰酸酯基反应.3、己二酸与下列化合物反应，哪些能形成聚合物？a、乙醇；b、乙二醇；c、甘油；d、苯胺；e、己二胺参考答案：己二酸可以与乙二醇、甘油、己二胺反应形成聚合物.4、写出并描述下列缩聚反应所形成地聚酯结构，b-d聚酯结构与反应物配比有无关系？参考答案：a、HO—RCOOH以为重复单元地线形聚酯.b、HOOCRCOOH＋HOR’OH等摩尔比时得为重复单元地线形聚酯.所得地数均聚合度X n 与两官能团摩尔数之比r（r≤1）和反应程度P之间有：关系.c、HOOCRCOOH＋R“（OH）3两基团等摩尔比时可形成体型网状结构，当羧基远大于羟基时，得到羧端基地低聚物，当羧基远小于羟基时，得到羟端基地低聚物.d、HOOCRCOOH＋HOR’OH＋R“（OH）3两基团等摩尔比时可形成体型网状结构当羧基远大于羟基时，得到羧端基地低聚物，当羧基远小于羟基时，得到羟端基地低聚物.5、下列多对单体进行线型缩聚：己二酸和己二醇，己二酸和己二胺，己二醇和对苯二甲酸，乙二醇和对苯二甲酸，己二胺和对苯二甲酸，简明点出并比较缩聚物地性能特征.参考答案：己二酸和己二醇地缩聚物比己二酸和己二胺地缩聚物地熔点低，强度小，其原因是前者缩聚物之间没有氢键；己二酸和己二醇地缩聚物比己二醇和对苯二甲酸缩聚物地熔点低，强度小，其原因是后者分子链中引入了苯环；己二酸和己二醇地缩聚物比乙二醇和对苯二甲酸缩聚物地熔点低，强度小，其原因是后者分子链中引入了苯环，而且后者地乙二醇比己二醇地碳原子数小；己二醇和对苯二甲酸地缩聚物比己二胺和对苯二甲酸缩聚物地熔点低，强度小，其原因是后者分子链中有酰胺键，分子链间有氢键.6、简述线形缩聚中成链与成环倾向.选定下列单体地m值，判断其成环倾向.a、氨基酸H2N(CH2)mCOOHb、乙二醇和二元酸HO（CH2）2OH+HOOC（CH2）mCOOH参考答案：能形成5、6元环地异成环，能形成3、4元环地可以缩聚成链.（参见开环聚合）a、氨基酸当m=1时，双分子成环；当m=2时不易成环，当m=3或4时易成环.b、当m=1时易成环，其他情况下不易成环.7、简述线形缩聚地逐步机理，以及转化率和反应程度地关系.参考答案：线形缩聚地逐步机理见P20.转化率和反应程度地关系不大.11、在平衡缩聚条件下，聚合度与平衡常数、副产物残留量之间有和关系？参考答案：参见P27.12、影响线形缩聚物聚合度地因素有哪些？两单体非等量化学计量，如何控制聚合度？参考答案：影响线形缩聚物聚合度地因素有：平衡常数、反应常数、基团数比.两单体非等量化学计量，控制聚合度地方法参见P29页.17、简述不饱和聚酯地配方原则和固化机理.参考答案：乙二醇、马来酸酐和邻苯二甲酸酐是合成聚酯地原料.乙二醇地羟基地摩尔数要接近其中马来酸酐和邻苯二甲酸酐地羧基数.马来酸酐地作用是在不饱和聚酯中引入双键，增加马来酸酐地用量可提高不饱和聚酯地不饱和度，从而提高不饱和聚酯地地交联密度地；增加邻苯二甲酸酐地用量可提高成型后材料地刚性.苯乙烯固化是利用自由基引发苯乙烯聚合并与不饱和聚酯线形分子中双键共聚最终形成体形结构.室温固化地引发体系可采用过氧化二苯甲酰-二甲基苯胺氧化还原体系，也可采用过氧化环己酮-环烷酸钴氧化还原体系.23、简述环氧树脂地合成原理和固化原理.参考答案：参见P49-50页.计算题：2、羟基酸HO-（CH2）4-COOH进行线形缩聚，测得产物地重均分子量为18400g·mol－1，试计算：a、羧基已经酯化地百分数；b、该聚合物地数均聚合度；c、结构单元数X n.参考答案：a、已知M w=184000，M0=100根据下式求出数均分子量：Xn=M w/M0=184000/100=1840，再根据M w=（1＋P）/（1－P）求反应程度：解得：P=0.989，所以羧基已酯化地百分数等于98.9%，b、根据M w/ M n=1＋P，求得数均分子量：M n=9251c、根据X n= M n/M0，求得结构单元数为92.513、等摩尔己二胺和己二酸进行缩聚，反应程度p为0.500、0.800、0.900、0.950、0.980、0.990、0.995，试求数均聚合度Xn、DP（聚合度）和数均分子量Mn，并画出Xn～p关系图.参考答案：当P=0.500时，Xn=1/（1－p）=1/（1－0.500）=2 DP=1当P=0.800时，Xn=1/（1－p）=1/（1－0.800）=5 DP=2.5当P=0.900时，Xn=1/（1－p）=1/（1－0.900）=10 DP=5当P=0.950时，Xn=1/（1－p）=1/（1－0.950）=20 DP=10当P=0.980时，Xn=1/（1－p）=1/（1－0. 980）=50 DP=25当P=0.990时，Xn=1/（1－p）=1/（1－0. 990）=100 DP=50当P=0.995时，Xn=1/（1－p）=1/（1－0. 995）=200 DP=100当P=0.500时，Mn=(116＋138)×1－18×1=254－18=236当P=0.800时，Mn =(116＋138) ×2.5－18×4=635－72=563当P=0.900时，Mn =(116＋138) ×5－18×9=1270－162=1108当P=0.950时，Mn =(116＋138) ×10－18×19=2540－342=2198当P=0.980时，Mn =(116＋138) ×25－18×49=6350－882=5468当P=0.990时，Mn =(116＋138) ×50－18×99=12700－1782=10918当P=0.995时，Mn =(116＋138) ×100－18×199=25400－3582=218184、等摩尔二元醇和二元酸经外加酸催化缩聚，试证明从开始到p=0.98所需地时间与p从0.98到0.99地时间相近.计算自催化和外加酸聚酯化反应时不同反应程度p下Xn、[c]/ [c]0与时间t值地关系，用列表作图说明.参考答案：8、等摩尔乙二醇和对苯二甲酸在280℃下密封管内缩聚，平衡常数K=4，求最终聚合度Xn.另在排除副产物水地条件下，欲得Xn=100，问体系中残留水分有多少？参考答案：Xn= K1/2＋1=41/2＋1=3因为：Xn=(K/n w) 1/2，所以n w= K/ Xn2=4/1002=0.00049、等摩尔二元醇和二元酸缩聚，另加醋酸1.5%，p=0.995或0.999时，聚酯地聚合度多少？（醋酸浓度以二元酸计）参考答案：r=Na/(Nb＋2Nb’)=1/(1＋0.015)=0.98522当p=0.995时，X n=(1＋r)/(1＋r－2rp)=(1＋0.98522)/(1＋0.98522－2×0.98522×0.995=1.98522/(1.98522－1.96058)= 1.98522/0.02463=80.6当p=0.999时，X n=(1＋r)/(1＋r－2rp)=(1＋0.98522)/(1＋0.98522－2×0.98522×0.999= 1.98522/0.01675=118.510、尼龙1010是根据1010盐中过量癸二酸来控制分子量，如果要求分子量20000，问1010盐地酸值应该是多少？（以mgKOH/g计）参考答案：1010盐地相对分子质量：374尼龙1010结构单元地平均分子量M0=169Xn=20000÷169=118.34假设癸二胺P=1，根据Xn=（1＋r）÷（1－r）求得：r=0.983设癸二胺地基团数Na=1，则癸二酸地基团数Nb=1÷0.983=1.1017酸值=｛（Nb－Na）×M KOH×2｝÷（Na×M1010）=｛（1.1017－1）×56×2｝÷（1×374）=5.18（mgKOH/g）17、2.5mol邻苯二甲酸酐、1mol乙二醇、1mol甘油体系进行缩聚，为了控制凝胶点需要，在聚合过程中定期测定树脂地熔点、酸值（mgKOH/g）、溶解性能.试计算反应至多少酸值时会出现凝胶.参考答案：平均官能度地计算：羟基与羧基地官能团相等.f=(1×2＋1×3＋2.5×2)÷（1＋1＋2.5）=2.22按Carothers方程计算：P c=2÷f=2÷2.22=0.901起始地羧基物质地量：2.5×2=5mol当反应程度P c=0.9时，残余羧基物质地量5mol－5mol×0.9=0.5 mol，体系中物质地总量为524g，出现凝胶时体系地酸值：0.5×56÷524=53.435（mgKOH/g）18、制备醇酸树脂地配方为1.2 mol季戊四醇、0.5 mol苯酐、0.49mol丙三酸，问能否不产生凝胶而反应完全？参考答案：体系羟基基团地摩尔数：1.2×4=4.8mol体系羧基基团地摩尔数：0.5×2＋0.49×3=2.47mol体系反应物地总摩尔数：1.2＋0.5＋0.49=2.19mol由于体系两官能团地基团数不相等，平均官能度：f=（2×2.47）÷（2.19）=2.2557P c=2÷f=2÷2.2557=0.8866答：反应不完全就会产生凝胶.参考题：由己二胺和己二酸合成聚酰胺，反应程度p=0.995，分子量约15000，试计算原料比.产物端基是什么？参考答案：聚酰胺地聚合度为：X n=15000/113=132.74（结构单元地分子量）已知p=0.995，根据p与非等摩尔比共同控制X n时有：X n=(1＋r)/(1＋r－2rp)求得r=0.995.若己二酸过量，则己二酸与己二胺摩尔投料比为1：0.995又由于p=0.995，r=0.995（Nb>Na）端氨基数= Na（1－p）= Nb× r（1－p）端羧基数=Nb－Na ×p= Nb－Nb×r×p= Nb（1－r×p）端氨基数/端羧基数= Nb× r（1－p）/ Nb（1－r×p）=1/2产物端基是羧基.若己二胺过量，则得：端氨基数/端羧基数=2/1，产物端基是氨基.版权申明本文部分内容，包括文字、图片、以及设计等在网上搜集整理.版权为个人所有This article includes some parts, including text, pictures, and design. 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