2020年河北省衡水中学高考物理押题试卷(含答案解析)
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试(二十二)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试（二十二）物理试卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题（其中1～7小题为单选题，8～10小题为多选题，每小题4分，共40分）1.一质点沿直线Ox方向做变速运动，它离开O点的距离x随时间t变化的关系为x＝(5＋2t3) m，它的速度v随时间t变化的关系为v＝6t2(m/s)，该质点在t＝2 s时的速度和t＝2 s到t＝3 s时间内的平均速度的大小分别为()A. 12 m/s39 m/sB. 24 m/s38 m/sC. 12 m/s19.5 m/sD. 24 m/s13 m/s【答案】B【解析】【详解】由速度随时间变化的关系v=6t2（m/s），当t=2s时，代入得：v=6×4m/s=24m/s．该质点在t=2s到t=3s 间的位移为：s=x3-x2=（5+2t33）-（5+2t23）=2×33-2×23=38m；故B正确，ACD错误，故选B．2.如图所示为甲乙两质点作直线运动的速度—时间图象，则下列说法中不正确的是（）A. 甲质点在0~t1 时间内的平均速度小于乙质点在0~t2 时间内平均速度；B. 甲质点在 0~t 1 时间内的加速度与乙质点在 t 2~t 3 时间的加速度相同．C. 在 0~t 3 时间内甲、乙两质点的平均速度相等．D. 在 t 3 时刻，甲、乙两质点都回到了出发点．【答案】C【解析】【分析】在速度时间图象中,图象与坐标轴围成面积代表位移,平均速度等于位移与时间之比,某一点代表此时刻的瞬时速度,图线的斜率表示加速度,根据这些知识分析.【详解】A ．匀变速直线运动平均速度等于初末速度之和的一般，所以甲质点在 0~t 1 时间内的平均速度等于乙质点在 0~t 2 时间内平均速度，A 错误．B ．图像的斜率代表加速度，所以两者加速度方向相反，B 错误．C ．根据平均速度定义，而图像的面积代表位移，全程两者位移相同，时间相同，平均速度相同，C 正确．D ．根据图像面积可知， t 3 时刻，两者距出发点最远，D 错误．3.如图所示，质量均为m 的A 、B 两球，由一根劲度系数为k 的轻弹簧连接静止于半径为R 的光滑半球形碗中，弹簧水平，两球间距为R 且球半径远小于碗的半径．则弹簧的原长为（ ）A .mg k ＋R B. 2mg k＋R C. 33mg k＋R 3mg ＋R 【答案】D【解析】以A 球为研究对象，小球受三个力：重力、弹力和球壳的支持力如图所示：由平衡条件，得到：mg tankxθ=解得：mgxktanθ=根据几何关系得：1122RcosR＝θ=，则3tanθ=，所以3mg mgxktanθ==故弹簧原长03mgx x R R=+=+，故D正确，ABC错误．点睛：对A球受力分析后根据平衡条件得到弹簧的弹力，根据胡克定律求解出压缩量；根据几何关系得到弹簧的长度，相加得到弹簧的原长．4.如右图所示，位于竖直平面内的圆定光滑圆环轨道与水平面相切于M点，与竖直墙壁相切于A点，竖直墙壁上另一点B与M的连线和水平面的夹角为60°，C是圆环轨道的圆心．已知在同一时刻，a、b两球分别由A、B两点从静止开始沿光滑倾斜直轨道运动到M点；c球由C点自由下落到M点；则（）A. a球最先到达M点B. b球最先到达M点C. c球最先到达M点D. a球最后到达M点【答案】C【解析】【详解】由题可知A、B、C三球均做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得三个小球的加速度A 2sin 45a g g =︒=，3sin 60B a g g =︒=，a=g ；有匀变速直线运动的位移公式可得212x at =，2x t a =，由题可得224A A a R t g R ==、83B R t g=、2C R t g =可见c 球最先到达M 点．故C 正确，ABD 错误．5.如图示，两段等长细线串接着两个质量相等的小球a 、b ，悬挂于 O 点．现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在 b 球上的力大小为 F 、作用在 a 球上的力大小为3F ，则此装置平衡时的位置可能是下列哪幅图：A. B.C. D.【答案】C【解析】试题分析：将a 、b 两个小球做为一个整体，设上面的绳子与竖直方向夹角为α，则根据受力分析可求出tan 2F mgα=，再单独研究b 小球，设下面的绳子与竖直方向夹角为β，根据受力分析可知，tan F mgβ=，因此下面绳子与竖直方向夹角βα>，因此a 球在竖直线的右侧，而b 球在竖直线的左侧，因此C正确．考点：共点力平衡6.如图所示，质量为m的物体放在质量为M、倾角为θ的斜面体上，斜面体置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面的力F拉物体使其沿斜面向下匀速运动，斜面体始终静止，则下列说法正确的是( )A. 地面对斜面体的摩擦力大小为F cosθB. 地面对斜面体的支持力为(M＋m)gC. 物体对斜面体的摩擦力的大小为FD. 斜面体对物体的作用力竖直向上【答案】A【解析】【详解】由题意可知，物体在拉力作用下沿斜面体向下匀速运动，类似于新物理模型：放在粗糙水平面的物体，受到一斜向下的推力处于静止状态．对其受力分析可得：斜面体受到的摩擦力等于Fcosθ，故A正确；地面对斜面体的支持力等于（M+m）g+Fsinθ，故B错误；物体m对M的滑动摩擦力的大小为μmgcosθ，故C错误；物体受到向下的重力mg、拉力F、斜面的作用力（支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力），由于物体匀速下滑，所以M对物体m的作用力与m重力和拉力的合力应该等大反向，不沿竖直方向，故D错误；故选A．7.为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示．当此车减速上坡时(仅考虑乘客与水平面之间的作用)，则乘客（）A. 处于超重状态B. 不受摩擦力的作用C. 受到向后（水平向左）的摩擦力作用D. 所受合力竖直向上【答案】C【解析】当车减速上坡时，加速度方向沿斜坡向下，人的加速度与车的加速度相同，根据牛顿第二定律知人的合力沿斜面向下，合力的大小不变，人受重力、支持力和水平向左的静摩擦力，如图将加速度沿竖直方向和水平方向分解，则有竖直向下的加速度，则：mg-N=ma y ，N ＜mg ，乘客处于失重状态，故A 、B 、D 错误，C 正确；故选C ．【点睛】解决本题的关键知道乘客和车具有相同的加速度，通过汽车的加速度得出乘客的加速度．以及能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律求解．8.一物块以一定的初速度从光滑斜面底端a 点上滑，最高可滑至b 点，后又滑回至a 点，c 是ab 的中点，如图所示，已知物块从a 上滑至b 所用时间为t ，下列分析正确的是( )A. 物块从c 运动到b 所用的时间等于从b 运动到c 所用的时间B. 物块上滑过程的加速度与下滑过程的加速度等大反向C. 物块下滑时从b 运动至c 所用时间为22t D. 物块上滑通过c 点时的速度大小等于整个上滑过程中平均速度的大小【答案】AC【解析】A 、由于小球只受重力和支持力，故小球的加速度方向始终相同，均为a gsin θ=，方向向下，故bc 和cb 过程是可逆的，故物块从c 运动到b 所用时间等于从b 运动到c 的时间，故A 正确，B 错误；C 、由b 到a 过程是初速度为零的匀加速直线运动，则可知:1:(21bc ca t t =），而bc ca t t t +=；解得：22bc t =，故C 正确； D 、由于c 是位移中点，而不是时间中点，故物块上滑通过c 点时的速度大于整个上滑过程中平均速度的大小，故D 错误．点睛：本题很好的考查了匀变速直线运动的可逆性及一些规律的应用，特别是位移中点和时间中点速度的应用一定能熟练掌握．9.北京时间2016年9月15日晚10时04分，中国在酒泉卫星发射中心用“长征二号F—T2”火箭将“天宫二号”空间实验室成功发射升空，顺利入轨并正常开展各项科研活动，如图．关于“天宫二号”与火箭起飞的情形，下列叙述正确的是（）A. “天宫二号”进入运行轨道之后，与地球之间仍然存在一对作用力与反作用力B. 运载火箭尾部向下喷气，喷出的气体对火箭产生反作用力，火箭获得向上的推力C. 运载火箭尾部喷出的气体对空气产生作用力，空气的反作用力使火箭获得飞行的动力D. 运载火箭飞出大气层后，由于没有空气，火箭虽向下喷气，但无法获得前进的动力【答案】AB【解析】【详解】卫星进入运行轨道之后，与地球之间仍然存在一对作用力与反作用力，即地球对卫星的引力和卫星对地球的引力，故A正确；火箭尾部向下喷气，喷出的气体反过来对火箭产生一个反作用力，从而让火箭获得了向上的推力，故B正确，C错误；火箭飞出大气层后，由于没有了空气，火箭向后喷气，喷出的气体反过来对火箭产生一个反作用力，从而让火箭获得了向上的推力，故D错误；故选AB.10.如图所示，在固定好的水平和竖直的框架上，A、B两点连接着一根绕过光滑的轻小滑轮的不可伸长的细绳，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态．若按照以下的方式缓慢移动细绳的端点，则下列判断正确的是（）A. 只将绳的左端移向A′点，拉力变小B. 只将绳的左端移向A′点，拉力不变C. 只将绳的右端移向B′点，拉力变小D. 只将绳的右端移向B′点，拉力变大【答案】BD【解析】【详解】AB．只将绳的左端移向A′点移动时，两点间的水平距离没变，绳长没变，因此两绳间的夹角没变，绳子拉力不变，A错误，B正确；CD．只将绳的右端移向B′点，绳子夹角变大，因此绳子拉力将变大，C错误，D正确．二、填空题（每空3分，共18分）11.某同学尝试用橡皮筋等器材验证力的平行四边形定则，他找到两条相同的橡皮筋(遵循胡克定律)和若干小重物，以及刻度尺、三角板、铅笔、细绳、白纸、钉子，设计了如下实验：将两条橡皮筋的一端与细绳连接，结点为O，细绳下挂一重物，两橡皮筋的另一端也都连有细绳．实验时，先将一条橡皮筋的另一端的细绳固定在墙上的钉子A上，另一条橡皮筋任其下垂，如图甲所示；再将另一条橡皮筋的另一端的细绳固定在墙上的钉子B上，如图乙所示．（1）为完成实验，下述操作中必需的是________.A．两橡皮筋的另一端连接的细绳a、b长度要相同B．要测量橡皮筋的原长C．要测量图甲和图乙中橡皮筋的长度D．要记录图甲中结点O的位置及过结点O的竖直方向E．要记录图乙中结点O′位置及过结点O′的竖直方向（2）对该实验“两条相同的橡皮筋”的要求的理解正确的是________.A．橡皮筋的材料和原长相同即可B ．橡皮筋的材料和粗细相同即可C ．橡皮筋的材料、原长和粗细均要相同【答案】 (1). (1)BCE ； (2). (2)C ；【解析】【详解】（1）A ．两橡皮筋的另一端连接的细绳a 、b 长度不一定要相同．故A 错误；BC ．两条橡皮筋遵守胡克定律，要测量拉力可以通过测量橡皮筋的长度和原长，得到橡皮筋的伸长量，研究拉力与伸长量的倍数来根据比例作力的图示．故BC 正确．DE ．为了正确作出合力与分力的图示，必须记下O 点的位置及过结点O 的竖直方向，故D 错误，E 正确．故选BCE ．（2）ABCD ．该实验测量拉力可以通过测量橡皮筋的长度和原长，得到橡皮筋的伸长量，研究拉力与伸长量的倍数来根据比例作力的图示．所以橡皮筋的材料、原长和粗细均要相同，ABD 错误，C 正确．故选C ．【点睛】本实验是通过作合力与分力图示的方法来验证平行四边形定则，需要测量合力与分力的大小，由于没有弹簧测力计，橡皮筋遵守胡克定律，可测量橡皮筋的长度和原长来确定合力与分力的大小关系． 12.为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示的实验装置：（1）以下实验操作正确的是___A.将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘的牵引下恰好做匀速运动B.调节滑轮的高度，使细线与木板平行C.先接通电源后释放小车D.实验中小车的加速度越大越好（2）在实验中，得到一条如图乙所示的纸带，己知相邻计数点间的时间间隔为0.1s T ，且间距123455,,,,x x x x x x 已量出分别3.09cm,3.43cm,3.77cm,4.10cm,4.44cm,4.7cm ，则小车的加速度a =___ 2/m s （结果保留两位有效数字）.（3）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a 与所受拉力F 的关系，他们在轨道水平及倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a F -’图线，如图丙所示，图线___是在轨道倾斜情况下得到的（填“①"或“②”）；小车及车中袪码的总质量m =______kg （结果保留两位有效数字）.【答案】 (1). (1) BC ； (2). (2) 0.34 ； (3). (3)①， (4). 0.67【解析】【详解】（1）[1]A.平衡摩擦力就是让小车在无拉力的作用下做匀速直线运动，让重力沿斜面的分力等于小车受到的摩擦力．所以平衡时应为：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动.故A 错误.B.为了使绳子拉力代替小车受到的合力，需要调节滑轮的高度，使细线与木板平行.故B 正确.C.使用打点计时器时，为了有效利用纸带，应先接通电源后释放小车.故C 正确.D.试验中小车的加速度不是越大越好，加速度太大，纸带打的点太少，不利于测量.故D 错误.（2）[2]由匀变速运动的规律得：s 4-s 1=3a 1T 2s 5-s 2=3a 2T 2s 6-s 3=3a 3T 2联立并代入数据解得：21230.34m /s 3a a a a ++== （3）[3] 由图象可知，当F =0时，a ≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高．所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的．[4]根据F =ma得a -F 图象的斜率1k m=由a -F 图象得图象斜率k =1.5，所以 m =0.67kg三、计算题（本大题共4小题，共42分。
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试(十二)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试（十二）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题：本题共20 小题，每小题3 分，共60 分。
在每小题给出的四个选项中，第1-12 题只有一项符合题目要求，第13-20 题有多项符合题目要求。
全部选对的得3 分，选对但不全的得2 分，有选错的得0 分。
1.在中国海军护航编队“巢湖”舰、“千岛湖”舰护送下，“河北锦绣”“银河”等13艘货轮从南海顺利抵达亚丁湾西部预定海域．此次护航总航程4500海里．若所有船只运动速率相同，则下列说法正确的是( )A. “4500海里”指的是护航舰艇的位移B. 研究舰队平均速度时可将“千岛湖”舰看作质点C. 以“千岛湖”舰为参考系，“巢湖”舰一定是运动的D. 根据题中数据可求出此次航行过程中的平均速度【答案】B【解析】【分析】正确解答本题需要掌握：位移和路程的区别，质点的含义；相对运动，参照物的选取；平均速度的定义等．【详解】A. “4500海里”是护航舰艇走过的轨迹长度，因此为路程不是位移，故A错误；B. 本题中路程长度远远大于“千岛湖”舰的尺寸，所以研究舰队的位置时可将“千岛湖”舰看作质点，故B正确；C. 若“千岛湖”舰与“巢湖”舰同向匀速行驶，则以“千岛湖”舰为参照物，“巢湖”舰是静止的，故C 错误；D. 由于不知运动位移和时间，不能求出此次航行的平均速度，故D错误．故选B．2.下列关于物理学史和物理研究方法的叙述中,正确的是A. 用质点来代替实际物体的研究方法叫微元法B. 利用v-t 图象推导匀变速直线运动位移公式的方法是理想模型法C. 伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律D. 探究力和加速度的关系时用到了等效替代的方法【答案】C【解析】【详解】用质点来代替实际物体的研究方法叫理想模型法，选项A错误；利用v-t 图象推导匀变速直线运动位移公式的方法是微元法，选项B错误；伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律，选项C正确；探究力和加速度的关系时用到了控制变量的方法，选项D错误；故选C.3. 某人在医院做了一次心电图,结果如图所示.如果心电图仪卷动纸带的速度为1.5 m/min，图中方格纸每小格长1 mm，则此人的心率为A. 80次/ minB. 70次/ minC. 60次/ minD. 50次/ min【答案】C【解析】两次峰值之间距离L =25mm ，心率4.奥迪车有多种车型，如30TFS1、50TFS1、60TFS （每个车型字母前的数字称为G 值)G 值用来表现车型的整体加速度感，数字越大，加速越快．G 值的大小为车辆从静止开始加速到100km/h 的平均加速度数值(其单位为国际基本单位)再乘以10．如图为某型号的奥迪尾标，其值为50TFSI ，则该型号车从静止开始加速到100km/h 的时间约为（ ）A. 5.6sB. 6.2sC. 8.7sD. 9.5s【答案】A【解析】 【详解】某一型号的奥迪尾标，其值为50TFSI ，所以汽车的加速度为5m/s 2，该型号车从静止开始加速到100km/h （27.8m/s ）的时间约为 227.8m/s 5.6s 5m/s v t a ==≈ A. 该型号车从静止开始加速到100km/h 的时间约为5.6s ，与分析相一致，故A 正确；B. 该型号车从静止开始加速到100km/h 的时间约为6.2s ，与分析不一致，故B 错误；C. 该型号车从静止开始加速到100km/h 的时间约为8.7s ，与分析不一致，故C 错误；D. 该型号车从静止开始加速到100km/h 的时间约为9.5s ，与分析不一致，故D 错误．5.如图所示，一辆汽车自某地A 点启动，先做匀加速直线运动，运动到B 点时接着做匀速直线运动到C 点，整个过程汽车运动的总时间为t ，总路程为s ，B 是AC 的中点，则这辆汽车匀速运动的速度大小为( )A. 32s tB. 23s tC. 2s tD. 2s t【答案】A【解析】设汽车从A 运动到B 所用时间为t 1，从B 运动到C 所用时间为t 2，汽车匀速运动的速度大小为v ，时间关系有：12t t t +＝，12122s vt vt ==，联立可得：12223t t t ==，解得：32s v t=，故A 正确，BCD 错误． 6.运动学中有人认为引入“加速度的变化率”没有必要，然而现在有人指出“加速度的变化率”能引起人的心理效应，车辆的平稳加速(即加速度基本不变)使人感到舒服，否则人感到不舒服．关于“加速度的变化率”，下列说法不正确的是（ ）A. 从运动学角度的定义，“加速度的变化率”的单位应是m/s 3B. 加速度的变化率为0的运动是匀变速运动C. 若加速度与速度同方向，如图所示的a-t 图象，表示的是物体的速度在减小D. 若加速度与速度同方向，如图所示的a-t 图象，已知物体在t ＝0时速度为5 m/s ，则2 s 末的速度大小为8 m/s【答案】AD【解析】【详解】从定义来看加速度的变化率为23//a m s m s t s∆==∆ ，故A 对；加速度的变化率为0说明加速度不随时间变化，所以做的是匀变速运动，故B 对；若加速度与速度同方向，则物体的速度在增大，故C 错；若加速度与速度同方向，则物体的速度增加，且图像的面积表示速度的增加量，若物体在t ＝0时速度为5 m/s ，则2 s 末的速度大小为 15238/2v m s =+⨯⨯= ，故D 对； 本题选不正确的，故选C7.“阶下儿童仰面时,清明妆点正堪宜．游丝一断浑无力,莫向东风怨别离．”这是《红楼梦》中咏风筝的诗,风筝在风力 F 、线的拉力 F T 以及重力 G 的作用下,能 够高高地飞在蓝天上．关于风筝在空中的受力可能正确的是 ( ) A. B. C. D.【答案】A【解析】风筝受竖直向下的重力，风力应该跟风筝面垂直，然后风筝飞在空中认为是平衡状态，所以绳子的拉力方向应该在重力和风力合力的反方向上，所以正确选项为A故选A8.如图所示，一个半球形的碗固定在桌面上，碗口水平，O 点为其球心，碗的内表面及碗口光滑．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m 1和m 2的小球．当它们处于平衡状态时，质量为m 1的小球与O 点的连线跟水平方向的夹角为a = 90°．质量为m 2的小球位于水平地面上，设此时竖直的细线对m 2的拉力大小为T ，质量为m 2的小球对地面压力大小为N ，则( )A. 12T m g =B. 212T m m g ⎛⎫=- ⎪ ⎪⎝⎭C. ()21N m m g =-D. N =m 2g 【答案】D【解析】【详解】两小球受力分析如图：AB.先对小球m 1受力分析，受重力和支持力，假设细线对小球m 1有拉力作用，则小球m 1受力不可能平衡，故拉力T 为零，故A 错误，B 错误；CD.在对小球m 2受力分析，由于拉力T 为零，受重力和支持力，支持力与重力平衡，故N = m 2g ，故C 错误，D 正确．9.如图所示,作用在滑块 B 上的推力 F =100 N,若α=30°,装置重力和摩擦力均不计，则工件上受到的压力为A. 100 NB. 1003NC. 50ND. 200N【答案】B【解析】装置的重力和摩擦力均不计，对B 进行受力分析如图，则：水平方向：F=F 1sinα 对A 进行受力分析如图：竖直方向：F 1cosα=F 2所以：2cos F F sin αα=根据牛顿第三定律，工件受到的向上的弹力与工件对装置的作用大小相等，方向相反，即：231001003cos N F F N sin αα==== ；故选B ．10.如图所示,半圆形线框竖直放置在粗糙的水平地面上,质量为 m 的光滑小球 P 在水平外力 F 的作用下处于静止状态,P 与圆心 O 的连线与水平面的夹角为θ,将 力 F 在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过 90°,框架与小球始终保持静止状态,在此 过程中下列说法正确的是( )A. 拉力F 一直增大B. 拉力F 的最小值为mg sinθC. 地面对框架的摩擦力先增大后减小D. 框架对地面的压力始终在减小【答案】D【解析】【详解】对球受力分析，如图所示：从图看出，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90°，拉力先减小后增加，当拉力与支持力垂直时最小，为mgcosθ，故AB错误；再分析球和框整体，受重力、拉力、支持力和摩擦力，如果将上图中的拉力F沿着水平和竖直方向正交分解，再将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢转过90°过程中，其水平分力减小、而竖直分力增加，根据平衡条件可知，支持力减小、摩擦力也减小，根据牛顿第三定律，对地面的压力减小，故C错误，D正确；故选D.【点睛】本题考查平衡问题，关键是灵活选择研究对象，根据平衡条件列式分析，注意三力平衡时，三个力可以构成首尾相连的矢量三角形.11.一体操运动员倒立并静止在水平地面上，下列图示姿势中，假设两手臂用力大小相等，那么沿手臂的力F最大的是A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】本题中人受到三个力，重力和两个支持力．将重力按照力的效果分解，运用“大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大”的结论，即可以判断．【详解】将人所受的重力按照效果进行分解，由于大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而C 图中人最费力，AD 图中人最省力；故选C ．【点睛】本题运用“大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大”结论判断．12.如图所示，某竖直弹射装置由两根劲度系数为 k 的轻弹簧以及质量不计的底 盘构成，当质量为 m 的物体竖直射向空中时，底盘对物体的支持力为 6mg (g 为 重力加速度)，已知两根弹簧与竖直方向的夹角为θ＝60°，则此时每根弹簧的伸 长量为A. 3mg kB. 4mg kC. 5mg kD. 6mg k【答案】D【解析】【详解】对物体m ，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：N-mg=ma ；其中：N=6mg ；解得：a=5g ；再对质量不计的底盘和物体m 整体分析，受两个拉力和重力，根据牛顿第二定律，有：竖直方向：2Fcos60°-mg=ma ；解得：F=6mg ；根据胡克定律，有：6F mg x k k ==，故选D ． 13.质量为m 的物体从高为h 处自由下落,开始的3h 用时为t ，则 A. 3tB. 物体的落地时间为3tC. 3gtD. 物体的落地速度为3gt 【答案】A【解析】【详解】AB ．根据212h gt =得 2h t g'=开始的3h 过程中有21233h h t g g⨯==⨯ 联立解得： 3t t '=故A 正确，B 错误； CD ．物体落地时的速度为：3v gt gt '==物体自由落体运动，所以平均速度为32v gt v == 故CD 错误． 14.a 、b 两车在平直公路上沿同一方向行驶，两车运动的 v －t 图象如图所示， 在 t ＝0 时刻，b 车在 a 车前方 x 0 处，在 0～t 1 时间内，a 车的位移为 x ，则A. 若 a 、b 在 t 1 时刻相遇，则 023x x =B. 若a 、b 在12t 时刻相遇，则下次相遇的时刻为12t C. 若a 、b 在12t 时刻相遇，则02x x = D. 若a 、b 在1t 时刻相遇，则下次相遇的时刻为12t【答案】AC【解析】【详解】由图可知，a 车的初速度等于2v ，在1t 时间内，a 车的位移为x ，则b 车的位移为13x ．若a 、b 在1t 时刻相遇，则01233x x x x -==，A 正确；若a 、b 在12t 时刻相遇， 即如图所示由上图可知0x 为阴影部分对应的距离，即0231342x x x =⨯=，由图象中的对称关系，下次相遇的时刻为111322t t t +=，B 错误，C 正确；若a 、b 在1t 时刻相遇，之后b a v v ＞，不能再次相遇，D 错误，选AC ． 【点睛】本题考查了追及与相遇问题，解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系．两物体的位移之差等于初始时的距离是两物体相遇的条件．在 v-t 图象中，面积表示位移，斜率表示加速度．15. 如图所示是骨折病人的牵引装置示意图．绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内，为了使脚所受的拉力增大，可采取的方法是A. 只增加绳的长度B. 只增加重物的质量C. 只将两定滑轮的间距变大D. 只将病人的脚向左移动远离定滑轮【答案】BD【解析】 试题分析：对与滑轮接触的一小段绳子受力分析，如图受到绳子的两个等大的拉力解得，只增加绳的长度，不会改变角度θ，故不会改变力F；A 错误；减小角θ或者增大m可以增大F；B正确；脚向左移动，会减小角θ，会增加拉力；D正确；由几何关系可知，两个滑轮间距增大，会增加角θ，故拉力F会减小；C错误；故选BD考点：考查力的合成与分解点评：难度中等，解决本题首先要进行受力分析，找到影响拉力的因素，列出表达式，根据几何关系进行分析16.如图所示，自动卸货车始终静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下改变与水平面间的倾角，用以卸下车厢中的货物．当倾角增大到θ时，质量为M 的木箱A 与装在箱内的质量为m 的物体B 一起以共同的速度v 沿车厢底匀速滑下，则下列说法正确的是A. A、B 间没有静摩擦力B. A 受到B 的静摩擦力方向沿车厢底向下C. A 受到车厢底面的滑动摩擦力大小为Mg sinθD. A 与车厢底面间的动摩擦因数μ＝tanθ【答案】BD【解析】【详解】对B：沿斜面方向有mgsinθ=f，f方向沿斜面向上，A受到B的静摩擦力方向沿斜面向下，所以A 错误，B正确；A受到车厢底面的滑动摩擦力大小为（M+m）gsinθ，C错误；根据（M+m）gsinθ=μ（M+m）sinθ，所以μ=tanθ，D正确；故选BD.【点睛】对连接体问题经常用到整体法和隔离法，结合平衡条件分析摩擦力的大小和方向.17.如图所示，质量为M的斜面体A置于粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，整个系统处于静止状态。
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试(二十九)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试（二十九）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题1.某汽车在启用ABS刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如下图中的①、②图线所示．由图可知，启用ABS后A. t1时刻车速更小B. 0～t1的时间内加速度更小C. 加速度总比不启用ABS时大D. 刹车后前行的距离比不启用ABS更短【答案】D【解析】【分析】根据速度图象，直接比较车速的大小，由斜率等于加速度，比较加速度的大小．由“面积”等于位移，比较位移的大小．【详解】A、由图看出，启用ABS后t1时刻车速更大．故A错误．BC、由斜率等于加速度的大小得到，启用ABS后0～t1的时间加速度更小，t1～t2的时间内加速度更大．故B错误，C错误．D、根据速度图象的“面积”等于位移大小看出，刹车后前行的距离比不启用ABS更短．故D正确．故本题正确答案选D【点睛】本题要结合速度图象来分析汽车的速度、加速度和位移的大小，抓住斜率等于加速度、“面积”等于位移是基本方法．2.质量为1 kg的物体做直线运动，其速度—时间图象如图所示，则物体在前10 s内和后10 s内所受合外力的冲量分别是()A. 10 N·s，10 N·sB. 10 N·s，－10 N·sC. 0，10 N·sD. 0，－10 N·s【答案】D【解析】由图象可知，在前10s内初、末状态的动量相同，p1＝p2＝5kg·m/s，由动量定理知I1＝0；在后10s内末状态的动量p3＝－5kg·m/s，由动量定理得I2＝p3－p2＝－10N·s，故正确答案为D．3.如图所示，两木块A、B用轻质弹簧连在一起，置于光滑的水平面上．一颗子弹水平射入木块A，并留在其中．在子弹打中木块A及弹簧被压缩的整个过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统，下列说法中正确的是A. 动量守恒、机械能守恒B. 动量、机械能都不守恒C. 动量守恒、机械能不守恒D. 动量不守恒、机械能守恒 【答案】C 【解析】【详解】在子弹打击木块A 及弹簧压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统，系统所受外力之和为零，系统的动量守恒，在此过程中，除弹簧弹力做功外还有摩擦力对系统做功，系统机械能不守恒，故C 正确．4.据《科技日报》报道，2020年前我国将发射8颗海洋系列卫星，包括4颗海洋水色卫星、2颗海洋动力环境卫星和2颗海陆雷达卫星，以加强对黄岩岛、钓鱼岛及西沙群岛全部岛屿附近海域的监测．设海陆雷达卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径是海洋动力环境卫星的n 倍，则在相同的时间内 A. 海陆雷达卫星到地球球心的连线扫过的面积是海洋动力环境卫星的n 倍 B. 海陆雷达卫星和海洋动力环境卫星到地球球心的连线扫过的面积相等 C.倍 D.【答案】C 【解析】 试题分析：根据22GMm mr r ω=，解得ω=22111222S lr r r t θω===，因为轨道半径之比为n，则角速度之比为，所以相同时间内扫过的面积之比为C 正确，A 、B 、D 错误． 考点：万有引力定律的应用【名师点睛】根据万有引力提供向心力得出角速度之比，结合轨道半径得出扫过面积的表达式，从而得出扫过的面积之比．5.如图所示为足球球门，球门宽为L ．一个球员在球门中心正前方距离球门s 处高高跃起，将足球顶入球门的左下方死角(图中P 点)．球员顶球点的高度为h ．足球做平抛运动(足球可看成质点，忽略空气阻力)，则 ( )A. 足球位移的大小224L x s =+B. 足球初速度的大小22024g L v s h ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭ C. 足球末速度的大小22224g L v s gh h ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭D. 足球初速度的方向与球门线夹角的正切值tan 2Lsθ= 【答案】BC 【解析】【详解】根据几何知识可得足球的位移为212h gt =，A 错误； 足球做平抛运动，在水平方向上有0'x v t =，在竖直方向上有212h gt =，联立解得22024g L v s h ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭B 正确；根据运动的合成可得足球末速度的大小22()v v gt =+212h gt =，22024g L v s h ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭，解得22224g L v s gh h ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭，C 错误；足球初速度的方向与球门线夹角等于足球做平抛运动过程张水平方向上的位移与球门线的夹角，故根据几何知识可知2tan 2s sL L θ==，D 错误． 【点睛】该题的立体性非常好，需要结合立体几何分析解题，对于平抛运动，一般都是将其分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，平抛运动的时间取决下落的高度． 【此处有视频，请去附件查看】6.如图所示，P 是水平面上的圆弧凹槽，从高台边B 点以某速度v 0水平飞出的小球，恰能从固定在某位置的凹槽的圆弧轨道的左端A 点沿圆弧切线方向进入轨道．O 是圆弧的圆心，θ1是OA 与竖直方向的夹角，θ2是BA 与竖直方向的夹角，则( )A.21tan 2tanθθ= B. 12tan tan 2θθ=C. 1212tan tan θθ=D.12tan 2tan θθ= 【答案】B 【解析】 【分析】从图中可以看出，速度与水平方向的夹角为θ1，位移与竖直方向的夹角为θ2．然后求出两个角的正切值． 【详解】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．速度与水平方向的夹角为θ1，100tan yv gtv v θ==，位移与竖直方向的夹角为θ2，022tan v x y gt θ==，则tanθ1tanθ2=2．故B 正确，A 、C 、D 错误．故选B ．7.测定运动员体能的一种装置如图所示，运动员质量为m 1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮(不计滑轮质量及摩擦)，下悬一个质量为m 2的重物，人用力蹬传送带而人的重心不动，使传送带以速率v 匀速向右运动．下面是人对传送带做功的四种说法，其中正确的是( )A. 人对传送带不做功B. 人对传送带做负功C. 人对传送带做功的功率为m 2gvD. 人对传送带做功的功率为(m 1＋m 2)gv 【答案】C 【解析】试题分析：人对传送带的摩擦力方向向右，传送带在力的方向上有位移，所以人对传送带做功，摩擦力和位移的方向相同，故做正功，故A 、B 错误．人的重心不动，绳对人的拉力和人与传送带间的摩擦力平衡，而拉力又等于m 2g ．所以人对传送带做功的功率为m 2gv ．故C 正确，D 错误． 故选C ． 考点：功、功率【名师点睛】力对物体做的功等于力与物体在力方向上的位移的乘积．力和物体在力方向上有位移是力做功的必要条件．所以人对传送带做功，而传送带对人不做功．由人的重心不动知，人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡．而拉力等于m 2g ．8.“嫦娥一号”探月卫星沿地月转移轨道直奔月球，在距月球表面200km 的P 点进行第一次变轨后被月球捕获，先进入椭圆轨道Ⅰ绕月飞行，如图所示．之后，卫星在P 点又经过两次变轨，最后在距月球表面200km 的圆形轨道Ⅲ上绕月球做匀速圆周运动．对此，下列说法不正确的是A. 卫星在轨道Ⅲ上运动的速度大于月球的第一宇宙速度B. 卫星在轨道Ⅲ上运动周期比在轨道Ⅰ上短C. Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三种轨道运行相比较，卫星在轨道Ⅲ上运行的机械能最小D. 卫星从椭圆轨道Ⅰ经过两次变轨到轨道Ⅲ上运动过程中，其重力势能的变化量的绝对值小于机械能的变化量的绝对值 【答案】AD 【解析】【详解】A 、在月球“表面”运动行的速度等于月球的第一宇宙速度，卫星最后在距月球表面200km 的圆形轨道Ⅲ上绕月球做匀速圆周运动，根据GMr，“嫦娥一号”最后轨道半径大于月球的半径，则小于月球的第一宇宙速度，故A 不正确．B 、根据开普勒第三定律可知，卫星在轨道Ⅲ上运动的半径最小，则周期最小，故B 正确．C 、从轨道I 至II 到III 的过程中，每次经过P 点，均需“制动”减速做向心运动进入低轨道，则卫星在轨道Ⅲ上运行的机械能最小，故C 正确．D 、要使卫星由较高的轨道进入较低的轨道，即减少轨道半径（减少轨道高度h ），一定要给卫星减少能量，即通过“制动”外力对卫星做负功，卫星的机械能减少，但在低轨道上的动能却增加，所以卫星从椭圆轨道Ⅰ经过两次变轨到轨道Ⅲ上运动过程中，其重力势能的变化量的绝对值大于机械能的变化量的绝对值，故D 不正确． 故选A 、D9.如图所示，相同质量的物块从底边长相同、倾角不同的固定斜面最高处同时由静止释放且下滑到底端，下面说法正确的是A. 若物块与斜面之间的动摩擦因数相同，物块在两斜面上损失的机械能相等B. 若物块到达底面时的动能相同，物块与倾角大的斜面间的动摩擦因数大C. 若斜面光滑，两物块一定同时运动到斜面底端D. 若物块与斜面之间的动摩擦因数相同，倾角大的斜面上的物块所受摩擦力冲量小 【答案】ABD 【解析】【详解】A 、设斜面倾角为θ，底边长为s ，则有：物体损失的机械能等于克服摩擦力所做的功，克服摩擦力做功W=μmgcos θμcos sθ⨯=mgs ；损失的机械能与夹角无关；所以两物体损失的机械能相同，故A 正确．B 、根据动能定理：mgs tan θ-μmgs=E K -0，物块到达底面时的动能E K =mgs(tan θ-μ)，若物块到达底面时的动能相同，物块与倾角大的斜面间的动摩擦因数大，故B 正确．C 、若斜面光滑，物体下滑的加速度a=gsin θ，根据cos s θ=12at 2，可得4sin 2s g θθ不同，t 不同．当θ=450时，下滑时间最短，故C 错误．D 、摩擦力冲量I=μmgcos θn t=μmgcos 4sin 2s g θμ2tan sg θθ越大，tan θ越大，冲量I 就越小，故D 正确．故选A、B、D【点睛】本题考查学生对动能定理及功能关系的理解与应用对于两种情况进行比较的问题，一定要注意要找出相同条件后，再进行分析．10.如图所示，E为电源，其内阻不可忽略，R T为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，L为指示灯泡，C 为平行板电容器，G为灵敏电流计．闭合开关S，当环境温度明显升高时，下列说法正确的是（）A. L变亮B. R T两端电压变大C. C所带的电荷量保持不变D. G中电流方向由a到b【答案】AD【解析】试题分析：环境温度明显升高时，R T的阻值减小，电路电流增大，灯泡L变亮，所以A正确；R T的阻值减小，根据串联电路的分压规律，R T的电压减小，所以B错误；外电路的电阻减小，故路端电压减小，电容器的电压减小，电量减少，所以C正确；电容器的电量减少，发生放电现象，故G中电流方向由a到b，所以D正确考点：本题考查传感器、电容器、闭合电路的欧姆定律【此处有视频，请去附件查看】11.如图所示，在竖直平面内有水平向右、场强为E=1×104 N/C的匀强电场．在匀强电场中有一根长L=2m 的绝缘细线，一端固定在O点，另一端系一质量为0.08kg的带电小球，它静止时悬线与竖直方向成37°角，若小球获得初速度恰能绕O点在竖直平面内做完整的圆周运动，取小球在静止时的位置为电势能零点和重力势能零点，cos37°=0.8，g取10m/s2．下列说法正确（）A. 小球的带电荷量q=6×10﹣5 CB. 小球动能的最小值为1JC. 小球在运动至圆周轨迹上的最高点时有机械能的最小值D. 小球绕O 点在竖直平面内做圆周运动的电势能和机械能之和保持不变，且为4J 【答案】AB 【解析】A 、对小球进行受力分析如上图所示可得：37mgtan qE ︒=解得小球的带电量为：537610mgtan q C E-︒==⨯，故A 正确； B 、由于重力和电场力都是恒力，所以它们的合力也是恒力在圆上各点中，小球在平衡位置A 点时的势能（重力势能和电势能之和）最小，在平衡位置的对称点B 点，小球的势能最大，由于小球总能量不变，所以在B 点的动能E kB 最小，对应速度v B 最小，在B 点，小球受到的重力和电场力，其合力作为小球做圆周运动的向心力，而绳的拉力恰为零，有：0.81370.8mg F N N cos ===︒合，而2Bv F m L =合，所以2111121222KB B E mv F L J J 合===⨯⨯=，故B 正确；C 、由于总能量保持不变，即k PG PE E E E ++=恒量，所以当小球在圆上最左侧C 点时，电势能PE E 最大，机械能最小，故C 错误；D 、由于总能量保持不变，即k PG PE E E E ++=恒量，由B 运动到A ，PA PB W E E =--合力（），·2W F L =合合力，所以2PB E J =，总能量3PB kB E E E J =+= ，故D 错误； 故选AB ．【点睛】关键抓住小球恰好做圆周运动，求出等效最高点的临界速度，根据该功能关系确定何处机械能最小，知道在等效最高点的动能最小，则重力势能和电势能之和最大．二．实验题12.用多用电表准确测量了一个10 Ω的电阻后，需要继续测量一个阻值大约是3 kΩ的电阻，在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，以下哪些操作是必需的，请选择其中有用的，按操作顺序写出________．A ．调节欧姆调零旋钮使表针指着欧姆零点B ．用螺丝刀调节表盘下中间部位的调零螺丝，使表针指零C ．将红表笔和黑表笔短接D ．把选择开关旋转到“×100 Ω”位置（2）如图所示为一正在测量中的多用电表表盘． ①如果是用×10 Ω挡测量电阻，则读数为________Ω． ②如果是用直流10 mA 挡测量电流，则读数为______mA ． ③如果是用直流5 V 挡测量电压，则读数为________V ． 【答案】 (1). DCA (2). 60 (3). 7.2 (4). 3.59 【解析】【详解】（1）用多用电表准确测量了一个10Ω的电阻后，需要继续测量一个阻值大约是3kΩ的电阻，多用电表应选择“×100Ω”，应把选择开关置于“×100Ω”位置，然后两表笔短接，再调节欧姆调零旋钮，使指针指针欧姆表零刻度线上，然后再测电阻，因此合理的实验步骤是：DCA ． （2）①如果是用×10Ω挡测量电阻，由图示表盘可知，其读数为6×10Ω=60Ω．②如果是用直流10mA挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为0.2mA，其读数为7.2mA．③如果是用直流5V挡测量电压，由图示表盘可知，其分度值为0.1V，其读数为3.59V．【点睛】（1）使用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线负极，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，如果不换挡，则不允要进行欧姆调零．（2）对多用电表读数时，要先根据选择开关位置确定其测量的量与量程，然后根据表盘确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数．三．选考题13.以下说法正确的是（）A. 大量分子做无规则运动，速率有大有小，但是分子的速率按“中间少，两头多”的规律分布B. 一定质量的理想气体，温度升高时，分子平均动能增大，气体的压强不一定增大C. 由于液体表面层分子间平均距离大于液体内部分子间平均距离，液体表面存在张力D. 空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和气压，水蒸发越快E. 用油膜法测出油分子的直径后，要测定阿伏伽德罗常数，只需要再知道油的摩尔体积即可【答案】BCE【解析】大量分子做无规则运动，速率有大有小，但是分子的速率按“中间多，两头少”的规律分布，选项A错误；一定质量的理想气体，温度升高时，分子平均动能增大；根据PVCT可知，气体的压强不一定增大，选项B正确；由于液体表面层分子间平均距离大于液体内部分子间平均距离，液体表面存在张力，选项C正确；空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和气压，水蒸发越慢，选项D错误；用油膜法测出油分子的直径后，要测定阿伏伽德罗常数，只需要再知道油的摩尔体积即可，选项E正确；故选BCE.14.如图所示，一些水银被装在粗细均匀竖直放置的两边等长U形管中．U形管左边封闭着一段长为h =57cm 的空气柱，右端开口与大气相连，刚开始两边水银面处于同一高度．已知空气可以当成理想气体，外界大气压恒为p0= 76cm汞柱．环境温度不变，若向U形管右边加入水银柱（未产生新的空气柱）．①最多可加入多长的水银柱？②此时左端封闭的空气柱变为多长？【答案】76cm ，38cm【解析】 试题分析：温度不变，封闭的空气量不变，根据克拉伯龙方程：为最终压强差，P 为最开始的压强．因为加入最多的水银，所以右边液面与管口齐平，则两边水银高度差等于空气柱长度，解得h 1=38cm ，即空气柱长度为38cm可以加入△L=57cm+（57cm-38cm ）=76cm 水银柱考点：克拉伯龙方程15.关于波的干涉、衍射等现象，下列说法正确的是______________A. 当波源与观测者相互靠近时，观测者接收到的振动频率大于波源发出波的频率B. 在杨氏双缝干涉实验中，用紫光作为光源，遮住其中一条狭缝，屏上将呈现间距相等的条纹C. 某人在水面上方观察水底同位置放置的红、黄、绿三盏灯时，看到绿灯距水面最近D. 照相机镜头前的增透膜、信号在光导纤维内的传播都是利用了光的全反射原理E. 电磁波与声波由空气进入水中时，电磁波波长变短，声波波长变长【答案】ACE【解析】【分析】 （1）当波源远离接收者时，接收者接收到的波的频率比波源频率低，当波源靠近接收者时，接收者接收到的波的频率比波源频率高；（2）干涉条纹间距相等，而衍射条纹间距不相等；（3）根据折射率，从而确定视深与实际深度的关系；（4）拍摄玻璃橱窗内的物品时，镜头前加装一个增透膜，利用光的干涉原理．【详解】A.根据多普勒效应可知，当波源靠近接收者时，接收者接收到的波的频率比波源频率高，故A 正确；B.用紫光作为光源，遮住其中一条狭缝，不能发生干涉现象而会发生单缝衍射现象，屏上出现中间宽，两侧窄，间距越来越大的衍射条纹；故B 错误；C.光折射成像时，视深：H h n ，水底同一深度并列红、黄、绿三盏灯时，绿光的折射率最大，故绿灯视深最浅，故C 正确；D.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个增透膜，是利用光的干涉现象，故D 错误；E.由空气进入水中传播时，频率不变，波速变大，由公式νλf =，知电磁波的波长变短；声波的波速变大，频率不变，波长变大，故E 正确；故选ACE 。
2020年河北省衡水中学高考物理模拟试卷(2月份) (含答案解析)
2020年河北省衡水中学高考物理模拟试卷(2月份)一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.汽车在平直公路上行驶，发现险情紧急刹车，汽车立即作匀减速直线运动直到停车，已知汽车刹车时第1秒内的位移为13m，在最后1秒内的位移为2m，则下列说法正确的是()A. 汽车在第1秒末的速度可能为10m/sB. 汽车加速度大小可能为3m/s2C. 汽车在第1秒末的速度一定为11m/sD. 汽车的加速度大小一定为4.5m/s22.如图，物体A静止在斜面B上，下列说法正确的是()A. 斜面B对物块A的弹力方向是竖直向上的B. 物块A对斜面B的弹力方向是竖直向下的C. 斜面B对物块A的弹力方向是垂直斜面向上的D. 物块A对斜面B的弹力方向跟物块A恢复形变的方向是相反的3.如图所示，A套在光滑的竖直杆上，用细绳通过定滑轮将A与水平面上的物体B相连，在外力F作用下B以速度v沿水平面向左做匀速运动，水平面粗糙，且物体B与水平面间动摩擦因数不变。
则A在B所在平面下方运动的过程中，下列说法正确的是()A. 物体A也做匀速运动B. 当绳与水平夹角为θ时，物体A的速度为vsinθC. 当绳与水平夹角为θ时，物体A的速度为vsinθD. 外力F为恒力4.如图所示，斜面置于光滑的水平面上，斜面的上表面光滑，其上有一物体由静止沿斜面下滑，在物体的下滑过程中，以下说法正确的是()A. 物体的重力势能减少，动能增加B. 物体的机械能保持不变C. 斜面对物体的支持力不做功D. 斜面和物体组成的系统机械能不守恒二、多选题（本大题共5小题，共29.0分）5.如图所示，ABC为等边三角形，先将电荷量为+q的点电荷固定在A点．C点的场强为E1，再将一电荷量为−2q的点电荷Q1从无穷远处(电势为0)移到B点，此过程中，电场力做功为W，C点的场强大小变为E2.最后将一电荷量为−q的点电荷Q2从无穷远处移到C点．下列说法正确的有()A. Q1移入之前，C点的电势为−W2qB. C点的场强E1小于E2C. Q2从无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为−2WD. Q2在移到C点后的电势能为W26.两板间距为d的平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．在两极板间P点有一静止的带电微粒，质量为m，电量大小为q，如图所示．以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，E P表示带电微粒在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则()A. 微粒带的是负电，并且始终保持静止B. 未移动正极板前，电压U的大小等于mgdqC. 移动正极板后U变大，E变大D. 移动正极板后U变小，E P不变7.如图所示，C、D、E、F、G是圆上的等分点，O为圆心，五角星顶角为36°.圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B.质量为m，电荷量为−q的粒子(重力不计)以不同速率沿DG方向从D点射入磁场，则下列说法正确的是()A. 从F点射出的粒子一定经过O点B. 从F点射出的粒子不一定经过O点C. 从F射出的粒子在磁场中运动的时间为πm5qBD. 从F射出的粒子在磁场中运动的时间为2πm5qB8.某空间存在水平方向的匀强电场(图中未画出)，带电小球沿如图所示的直线斜向下由A点沿直线向B点运动，此空间同时存在由A指向B的匀强磁场，则下列说法正确的是A. 小球一定带正电B. 小球可能做匀速直线运动C. 带电小球一定做匀加速直线运动D. 运动过程中，小球的机械能增大9.下列说法中正确的是()A. 饱和汽和液体之间的动态平衡，是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率相等B. 扩散现象说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动C. 用油膜法估测分子大小的实验中，不考虑油酸分子(视为球形)间的空隙并认为水面上形成的油酸膜的厚度即分子直径D. 若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，则此过程中气泡内的气体分子间的引力和斥力都增大E. 物理性质表现为各向同性的固体为非晶体三、实验题（本大题共1小题，共5.0分）10.如图所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲、乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的轻质测力计能显示挂钩处所受的拉力．不计空气阻力及一切摩擦．(1)在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系”时，要使测力计的示数等于小车所受合外力，操作中必须满足________；要使小车所受合外力一定，操作中必须满足________；(2)实验时，先测出小车质量m，再让小车从靠近光电门甲处由静止开始运动，读出小车在两光电门之间的运动时间t.改变小车质量m，测得多组m、t的值，建立坐标系描点作出图线．下列能直观得出“合外力一定时，加速度与质量成反比的图线是_______．四、简答题（本大题共1小题，共8.0分）11.凸透镜的弯曲表面是个球面，球面的半径叫作这个曲面的曲率半径．把一个凸透镜压在一块平面玻璃上，让单色光从上方射入(如图所示).从上往下看凸透镜，可以看到亮暗相间的圆环状条纹．这个现象是牛顿首先发现的，这些环状条纹叫作牛顿环，它是两个玻璃表面之间的空气膜引起的薄膜干涉造成的．如果换一个表面曲率半径更大的凸透镜，观察到的圆环半径是变大还是变小？如果改用波长更长的单色光照射，观察到的圆环半径是变大还是变小？五、计算题（本大题共4小题，共52.0分）12.如图所示，质量为m=5kg的物体，置于一粗糙的斜面上，用一平行于斜面的大小为30N的力F推物体，使物体沿斜面向上匀速运动，斜面体质量M=10kg，且始终静止，取g=10m/s2，求地面对斜面的摩擦力大小及支持力大小．13.如图所示，在xOy平面内竖直固定一个“9字型”轨道，圆形部分的半径R=0.2m，圆心位于C点：直线轨道AB与圆形部分相切于B点，其长度L=3R.CB连线与竖直方向的夹角为53°；在x>0区域有范围很大的匀强电场，场强大小E=5×104N/C，方向沿x轴正方向，现在A点处由静止释放质量m=0.1kg、带电量q=2×10−5C的小物块(可看作质点)，已知sin53°=0.8，不计物块与“9字型“轨道的摩擦，求：(1)物块滑到圆周轨道最低点O处时受到的支持力大小；(2)物块在周轨道上速度最大的位置P；(可用PC线与坚直方向角表示)(3)物块在圆画轨道上运动一圈后，从O′点滑出(轨道B′O′与BO段错开且靠近)，其后的水平面上铺设了一种特殊的材料，材料不同位置处的摩擦系数满足μ=0.2+x(x为所在处的横坐标值)，物块在材料面上滑行过程的最大动能是多少？14.如图所示，在直角坐标系xOy的第一象限中有两个全等的直角三角形区域Ⅰ和Ⅱ，充满了方向均垂直纸面向里的匀强磁场，区域Ⅰ的磁感应强度大小为B0，区域Ⅱ的磁感应强度大小可调，C点坐标为(4L,3L)，M点为OC的中点。
2020年河北省衡水中学高考物理调研试卷(四) (含答案解析)
2020年河北省衡水中学高考物理调研试卷(四)一、单选题（本大题共4小题，共16.0分）1.下列说法正确的是()A. 分子间距离越小，分子势能越小B. 分子间距离越小，分子间作用力越小C. 露珠呈球状是由于液体表面张力的作用D. 晶体的物理性质都是各向异性的2.如图所示，质量分别为m1、m2的A、B两小球分别连在弹簧两端，B小球用细绳固定在倾角为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量，在细绳被剪断的瞬间，A、B两小球的加速度分别为()A. 都等于g2B. 0和(m1+m2)g2m2C. (m1+m2)g2m2和0 D. 0和g23.在光滑水平面上，一质量为m、速度大小为v的A球与质量为2m静止的B球碰撞后，A球的速度方向与碰撞前相反．则碰撞后B球的速度大小可能是()A. 0.8vB. 0.6vC. 0.4vD. 0.2v4.对于一定质量的理想气体，下列说法正确的是()A. 若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变B. 若气体的温度不断升高，其压强也一定不断增大C. 若气体温度升高1 K，其等容过程所吸收的热量一定等于等压过程所吸收的热量D. 在完全失重状态下，气体的压强为零二、多选题（本大题共11小题，共44.0分）5.如图所示，小球沿足够长的斜面向上做匀变速运动，依次经a、b、c、d到达最高点e.已知ab=bd=6m，bc=1m，小球从a到c和从c到d所用的时间都是2s，设小球经b、c时的速度分别为v b、v c，则()A. v b=√8m/sB. v c=3m/sC. de=4mD. 从d到e所用时间为2s6.一质量为m的物体放在粗糙斜面上保持静止．现用水平力F推m，如图所示，F由零逐渐增加，整个过程中物体m和斜面始终保持静止状态，则()A. 物体m所受的支持力逐渐增加B. 物体m所受的静摩擦力逐渐减小直到为零C. 物体m所受的合力逐渐增加D. 水平面对斜面的摩擦力逐渐增加7.嫦娥工程分为三期，简称“绕、落、回”三步走．我国发射的“嫦娥三号”卫星是嫦娥工程第二阶段的登月探测器，经变轨成功落月．如图所示为其飞行轨道示意图，则下列说法正确的是A. 嫦娥三号的发射速度应该大于11.2km/sB. 嫦娥三号在环月轨道1上P点的加速度等于在环月轨道2上P点的加速度C. 嫦娥三号在动力下降段中一直处于完全失重状态D. 嫦娥三号在环月轨道2上运行周期比在环月轨道1上运行周期小8.如图，轻弹簧一端悬挂在水平光滑轴O上，另一端固定一可视为质点的小球，静止时弹簧的长度为L。
【衡水金卷】河北省衡水中学2020届高考模拟押题卷(一)理科综合能力测试(含答案)
【衡水金卷】河北省衡水中学2020届高考模拟押题卷（一）理科综合能力测试注意事项：1．本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第I卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H1C12N14O16Si28Fe56第I卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．下列关于细胞中某些物质的叙述，错误的是A．组成纤维素、淀粉、糖原的单体是相同的B．RNA可以在细胞核或某些细胞器中合成C．抗体的形成与分泌需要ATP直接提供能量D．激素和神经递质的合成是在核糖体上进行的2．甲乙两种物质在胰岛B细胞内、外的浓度情况如图所示，下列相关叙述正确的是A．甲可以是Na+，胰岛B细胞兴奋时Na+内流会导致细胞内Na+浓度高于细胞外B．甲可以是氧气，其进入细胞后可以在细胞质基质或线粒体参与相关反应C．乙可以是DNA，其运出细胞后可将遗传信息传递给其他细胞D．乙可以是胰岛素，其运出细胞时不需要载体的协助3．如图表示生物体内遗传信息的传递和表达过程，下列叙述不正确的是A．上述过程均需要模板、酶、能量和原料，并且均遵循碱基互补配对原则B．在神经细胞和甲状腺细胞中均能进行2过程，并且形成的RNA也相同C．过程3中涉及到5种碱基和8种核苷酸D．RNA发生改变，通过5过程形成的蛋白质不一定发生改变4．下列关于植物激素、植物生长调节剂的叙述中，不合理的是A．植物激素不直接参与细胞代谢，只传递调节代谢的信息B．用一定浓度的赤霉素处理种子可以促进其萌发C．给去掉尖端的胚芽鞘放置含生长素的琼脂块后仍能生长，说明生长素可促进生长D．生长素和细胞分裂素在促进植株生长方面存在协同关系5．下图是某家族甲病(A-a)和乙病(B-b)的遗传系谱图。
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试(二十一)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题模拟考试（二十一）高三物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一．选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1-8题为单选，9-12题为多选，多选题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得零分。
）1. 一船在静水中的速度是6m/s，要渡过宽为180m、水流速度为8m/s的河流，则下列说法中正确的是（）A. 船相对于地的速度可能是15m/s;B. 此船过河的最短时间是30s;C. 此船可以在对岸的任意位置靠岸D. 此船不可能垂直到达对岸；【答案】BD【解析】A、船的实际速度为两个分运动的速度（分速度）的矢量和，当船头指向不同时，沿船头方向的分速度方向不同，根据平行四边形定则，合速度也不同，但不可能大于14/m s，故A错误；B、由于合运动的时间等于沿船头方向分运动的时间，故当船头指向垂直与河岸时，沿船头指向分位移最小，渡河时间最短180306cdt s sv===，故B正确；C、船实际参加了两个分运动，沿船头指向的匀速直线运动和顺着水流而下的匀速直线运动，实际运动是这两个分运动的合运动，由于船速小于水速，合速度不可能与河岸垂直，只能偏下下游，因而船的轨迹一定偏向下游，不会垂直与河岸，故C 错误，D 正确；点睛：本题关键是将实际运动沿船头指向和水流方向进行分解，根据合运动与分运动的同时性、独立性、等效性和同一性分析求解．2.质量为m 的物体P 置于倾角为θ1的固定光滑斜面上，斜面足够长，轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着P 与动力小车，P 与滑轮间的细绳平行于斜面，小车带动物体P 以速率v 沿斜面匀速直线运动，下列判断正确的是（ ）A. 小车的速率为vB. 小车的速率为v cosθ1C. 小车速率始终大于物体速率D. 小车做匀变速运动【答案】C 【解析】将小车的速度v 进行分解如图所示，则2cos p v v θ=，故AB 错误；由速度的分解图可知P v v >，C 正确；小车带动物体P 以速率v 沿斜面匀速直线运动，D 错误．3.甲、乙两球位于同一竖直直线上的不同位置，甲比乙高h ，将甲、乙两球分别以大小为v 1和v 2的初速度沿同一水平方向抛出，不计空气阻力，下列条件中有可能使乙球击中甲球的是（ ） A. 同时抛出，且v 1＜v 2 B. 甲迟抛出，且v 1＜v 2 C. 甲早抛出，且v 1＞v 2 D. 甲早抛出，且v 1＜v 2 【答案】D 【解析】【详解】由题意可知甲的抛出点高于乙的抛出点，则相遇时，甲的竖直位移大于乙的竖直位移，故甲应先抛出；而两物体的水平位移相同，甲的运动时间比较长，故甲的速度要小于乙的速度，v 1＜v 2，故D 正确，ABC 错误。
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试(二十七)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试（二十七）物理试卷第I 卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分,在每小题给出的四个选项中,第14-17题只有一项符合题目要求,第18-21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
1.下列说法正确的是A. 英国物理学家查德威克发现了中子,质子和中子统称为核子B. α粒子轰击氮原子核的核反应方程式为：4141612781He N O H +→+C. 两个轻核结合成较重的单个原子核时要吸收能量D. 只要入射光的强度足够大就能使被入射的金属表面逸出光电子 【答案】A 【解析】【详解】英国物理学家查德威克发现了中子，质子和中子统称为核子，选项A 正确； α粒子轰击氮原子核的核反应方程式为：4141712781He N O H +→+，选项B 错误；两个轻核结合成较重的单个原子核时要放出能量，选项C 错误；只要入射光的频率足够大就能使被入射的金属表面逸出光电子，从而发生光电效应，选项D 错误；故选A.2.如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O 为球心，一质量为m 的小滑块，在水平力F 的作用下静止P 点．设滑块所受支持力为F N ，OF 与水平方向的夹角为θ, 下列关系正确的是A. tan mgF θ=B. tan F mg θ= C .=tan N mgF θD. tan N F mg θ= 【答案】A 【解析】【详解】物体处于平衡状态，对物体受力分析，根据共点力平衡条件，可求出支持力和水平推力．对小滑块受力分析，受水平推力F 、重力G 、支持力F N 、根据三力平衡条件，将受水平推力F 和重力G 合成，如图所示，由几何关系可得tan mg F θ=，sin N mgF θ=，A 正确． 【点睛】本题受力分析时应该注意，支持力的方向垂直于接触面，即指向圆心．本题也可用正交分解列式求解！3.已知引力常量G 和下列各组数据,无法．．计算出地球质量的是 A. 人造地球卫星在地面附近绕行的速度及运行周期 B. 月球绕地球运行的周期及月球离地球的距离 C. 地球绕太阳运行的周期及地球离太阳的距离 D. 不考虑地球自转,地球的半径及重力加速度 【答案】C 【解析】【详解】根据2224mM G m r r T π＝可得2324r M GT π=；若已知人造地球卫星在地面附近绕行的速度及运行周期，根据2r T v π=可求解r ，从而求解地球的质量M ，选项A 不符合题意；根据2324r M GT π=，若已知月球绕地球运行的周期T 及月球离地球的距离r 可求解地球的质量M ，选项B 不符合题意；根据2324r M GTπ=，若已知地球绕太阳运行的周期T 及地球离太阳的距离r 可求解太阳的质量M ，选项C 符合题意；根据2mMGmg r =可知不考虑地球自转,已知地球的半径R 及重力加速度g 可求解地球的质量，选项D 不符合题意；故选C. 4.在正点电荷Q 形成的电场中,一检验电荷q 的运动轨迹如图中实线所示,轨迹上a 、b 、c 三点在以Q 为圆心的同心圆上,下列说法正确的是A. 检验电荷q 可能为正电荷,也可能为负电荷B. a 、b 、c 三点中,检验电荷q 在c 点的动能最小C. a 、b 、c 三点中,a 点的电势最高D. a 、b 、c 三点中,检验电荷q 在a 点的电势能最大 【答案】B 【解析】【详解】由运动轨迹可知，检验电荷q 一定和Q 带同种电荷，即带正电荷，选项A 错误；检验电荷q 在运动的过程中，电势能和动能之和守恒，则当动能最小时，电势能最大，电荷所处的位置电势最高，则a 、b 、c 三点中, c 点的电势最高，检验电荷q 在c 点的电势能最大,即a 、b 、c 三点中,检验电荷q 在c 点的动能最小，选项B 正确，CD 错误；故选B.5.现在人们可以利用无线充电板为手机充电,如图所示为充电原理道图,充电板接交流电源，对充电板供电，充电板内的送电线圈可产生交变磁场，从而使手机内的受电线圈产生交变电流，再经整流电路转变成直流电后对手机电池充电.若在某段时间内,磁场垂直于受电线圈平面向上穿过线圈,其磁感应强度均匀增加.下列说法正确的是A. c 点电势高于d 点电势B. c 点电势低于d 点电势C. 感应电流方向由c →受电线圈→dD. 感应电流方向由d →受电线圈→c 【答案】BC 【解析】【详解】根据楞次定律可知，受电线圈内部产生的感应电流方向俯视为顺时针，受电线圈中感应电流方向由c 经受电线圈到d ，所以c 点的电势低于d 点的电势，故AD 错误，BC 正确；故选BC.6.实验室一台手摇交流发电机产生的电动e =102sin10πt (V),内阻=1.0Ω,和R =9.0Ω的电阻连成如图所示有电路,图中电流表A 为理想表.闭合开关S ,则A. 该交变电流的频率为10HzB. 该电动势的有效值为10VC. 电阻R 所消耗的电功率为10WD. 电流表A 的示数为1.0A 【答案】BD 【解析】【详解】产生的电动势e=102sin10πt （V ），ω=10πrad/s ，交流电的频率f=10 2ππ=5Hz ，故A 错误；产生的电动势的最大值为102V ，所以该电动势的有效值为U=1022V=10V ，故B 正确；根据欧姆定律得：电路中交流电的有效值10191I A A =+＝，则电流表A 的示数为 1.0A ；电阻R 所消耗的电功率为22199R P I R W W ==⨯=，选项C 错误，D 正确；故选BD ．7.如图所示,在光滑水平面上有静止物体A 和B .物体A 的质量是B 的2倍,两物体中间有用细绳捆绑的水平压缩轻弹簧(弹簧和物体不栓接).当把绳剪开以后任何瞬间,下列说法正确的是A. A 的速率是B 的速率的一半B. A的动量是B的动量的两倍C. A、B所受的力大小相等D. A、B组成的系统的总动量不为0【答案】AC【解析】【详解】取向左为正方向，根据系统的动量守恒得：m A v A-m B v B=0，因为m A=2m B，所以v A=0.5v B，故A正确．由动量守恒得：m A v A-m B v B=0，所以A的动量与B的动量大小相等，方向相反，故B错误．A、B受到的力等于弹簧的弹力，大小相等，故C正确．A、B和弹簧组成的系统合外力为零，系统的总动量守恒，保持为零，故D错误．故选AC．8.如图所示,空间有一匀强磁场区域,磁场方向与竖直面(纸面)垂直,纸面内磁场上方有一个正方形导线框abcd,其上、下两边与磁场边界(图中虚线)平行,边长等于磁场上、下边界的距离.若线框自由下落,从ab边进入磁场开始,直至cd边达到磁场下边界为止,线框的运动可能是A. 始终做匀速直线运动B. 始终做匀加速直线运动C. 先做加速度减小的减速运动再做匀速直线运动D. 先做加速度减小的加速运动再做匀速直线运动【答案】ACD【解析】【详解】导线框开始做自由落体运动，ab边以一定的速度进入磁场，ab边切割磁场产生感应电流，根据左手定则可知ab边受到向上的安培力；当ab边进入磁场后安培力等于重力时，线框做匀速运动；当线框出离磁场过程中仍做匀速运动，则选项A正确；当安培力大于重力时，线框做减速运动，随着速度的减小，安培力减小，当安培力等于重力时线圈做匀速运动，选项C正确；当ab边进入磁场后安培力小于重力时，线框做加速运动，随着速度的增加，安培力增大，当安培力等于重力时线圈做匀速运动，选项D正确；由于线圈进入磁场过程中速度不断变化，则安培力不断变化，则线圈不可能做匀加速运动，选项B错误；故选ACD．第Ⅱ卷(非选择题,共174分)三、非选择题(本卷包括必考题和选考题两部分,第22-32为必考题,每个试题考生都必须做答,第33-38题为选考题,考生根据要求做答) (一)必考题(共129分)9.验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示,图乙为实验所得的一条纸带,在纸带上选取了点迹清晰的连续6个点,若只测出了第4个点与0点之间的距离为h 4以及第6点与0点的距离h 6,已知打点周期为T ,当地重力加速度为g .(以下的三个结论均有题中所给符合表示) (1)打第5点时重物的速度v =______；(2)由已知条件从理论上计算第5点到0点的距离h 5=______；(3)若打0点时重物速度为零,则要验证从0点到第5点间重物下落过程中机械能守恒的等式为______________．【答案】 (1). 6452h h v T -=(2). 24652h h gT h +-= (3). 2264462()()4h h g h h gT T-+-= 【解析】【详解】（1）打第5点时重物的速度6452h h v T-=； （2）644556h h h h -=+ 而25645-=h h gT ，则245641()2h h h gT =--，则25445461()2h h h h h gT =+=+-（3）要验证的关系是：25512mgh mv =即()()26424624h h g h h gT T-+-=10.LED 绿色照明技术已经走进我们的生活.某实验小组要精确测定额定电压为3V 的LED 灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约为500Ω，电学符号与小灯泡电学符号相同.实验室提供的器材有： A.电流表1A (量程为50mA ，内阻1A R 约为3Ω)B.电流表2A (量程为3mA ，内阻215A R =Ω) C .定值电阻1697R =Ω D.定值电阻21985R =Ω E.滑动变阻器R(020Ω～)F .电压表V(量程0～12V ，内阻1V R k =Ω) G.蓄电池E(电动势为12V ，内阻很小) H.开关S(1)部分电路原理图如图1所示，请选择合适的器材，电表1为________，电表2为________，定值电阻为________.(填写器材前的字母编号)(2)将电路图补充完整.______(3)写出测量LED 灯正常工作时的电阻表达式x R ＝______(用已知量和测量量表示)，当表达式中的________(填字母)达到________，记下另一电表的读数代入表达式，其结果为LED 灯正常工作的电阻.【答案】 (1). F (2). B (3). D (4).(5). 2222A VI R R U I R +- (6). 2I(7). 1.5mA 【解析】【详解】(1)电表2与定值电阻串联，应是电流表，根据电流表示数可得LED 两端的电压，由于电流表1A 阻值未知，所以电表2选用2A 即B ；定值电阻1R 阻值太小，因此定值电阻应选用2R 即D ；电流表1A 量程太大，电压表内阻已知，可以当电流表使用，所以电流表1选用电压表F ． （2）电路如图所示：(3)电压表示数为U ，电流表示数为2I ，2222A V xI R R U I R R +=+，可得2222A x VI R R R UI R +=-；当()2223A I R R V ＋=，即2 1.5I mA =时LED 灯正常工作，x R 的值为LED 灯正常工作时的电阻.11.如图所示,有一比荷qm=2×1010C/kg 的带电粒子,由静止从Q 板 经电场加速后,从M 板的狭缝垂直直线边界a 进入磁感应强度为B =1.2×10-2T 的有界矩形匀强磁场区域后恰好未飞出直线边界b ,匀强磁场方向垂直平面向里,a 、b 间距d =2×10-2m(忽略粒子重力与空气阻力)求： (1)带电粒子射入磁场区域时速度v ； (2)Q 、M 两板间的电势差U QM ．【答案】（1）64.810/v m s =⨯；（2）304⎛⎫ ⎪⎝⎭，· 【解析】【详解】（1）粒子从静止开始经加速电场加速后速度为v ，由动能定理：212qU mv =粒子进入磁场后，洛仑磁力提供向心力：2v qBv m R=粒子垂直a 边界进入有届磁场区域且恰好未飞出右平行届b ，由几何知识得：R d =代入数值，联立解得：64.810/v m s =⨯；-25.7610U V =⨯（2）据粒子在磁场中的轨迹，由左手定则知：该粒子带负电，但在加速电场中从Q 到M 加速，说明M 点比Q 点电势高，故304⎛⎫ ⎪⎝⎭，12.如图所示,半径为R 的1/4光滑圆弧金属导轨宽为L ,全部处在竖直面内的辐向磁场区域中,磁场方向和轨道曲面垂直,轨道处磁感应强度大小为B ,圆弧最高点A 处切线竖直m 的金属导体棒ab 通过金属导轨和电路相通,电源电动势E 及内阻r ,电阻R 1、R 2,电容器的电容C 、重力加速度g 均为已知.金属轨道水平部分无磁场且与导体棒的动摩擦因数为,当开关S 闭合瞬间将导体棒由A 点静止释放,运动中棒始终保持与导轨垂直且接触良好,不考虑导体棒切割磁感线产生的电动势以及导轨和导体棒的电阻.求： (1)电容器上的电荷量;(2)金属棒到圆弧上D 点处(切线水平)时对轨道的压力; (3)金属棒在平直导轨上滑行的最大距离(导轨足够长).【答案】（1）11ER CQ R r=+；(2)1(2)2Emg BL R R r x umgπ++= 【解析】【详解】（1）当开关S 闭合后，导体棒中的电流I ，由欧姆定律得：1EI R r=+ 电容器两极板间电压等于R 1两端电压U ：1U IR =· 电容器上的电荷量Q CU = 解得：11ER CQ R r=+ （2）金属棒在辐向磁场中受到安培力分析沿圆弧切线，大小为F ：F BIL = 从A 到D 过程，由动能定理知：201122mgR BIL R mv π+⨯=在D 点，金属棒受到支持力N 和重力mg 的合力充当向心力：2D v N mg m R-= 联立解得13EN mg BLr R π=++ （3）金属棒在水平轨道上水平方向只受摩擦力，由动能定理得： 21-2D umgx mv =- 解得：1(2)/2Ex mg BLR umg R rπ=++ (二)选考题(共45分。
2020届河北衡中同卷新高考押题信息考试(十六)物理试卷
2020届河北衡中同卷新高考押题信息考试（十六）物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
二、选择题1.下列说法不正确的是（ ） A.23892U 经过一次α衰变后变为23490ThB. 由核反应方程式1371375556Cs Ba X →+可以判断X 为电子C. 核反应方程4141712781He N O H +→+为轻核聚变D. 16g 铋210经过15天时间，还剩2g 未衰变，则铋210的半衰期为5天 【答案】C 【解析】 釉核23892U 经过一次α衰变后，电荷数少2，质量数少4．变为钍核23490Th ，A 正确；根据电荷数守恒、质量数守恒知，x 的电荷数为-1，质量数为0，可知x 为电子，B 正确；轻核聚变反应为23411120H+H He n →+，C错误；根据01()2t T m m =⋅可得1511()28T =，解得5T =天，D 正确．2.如图所示，BC 是半径为R 的竖直面内的光滑圆弧轨道，轨道末端C 在圆心O 的正下方，∠BOC＝60°，将质量为m 的小球，从与O 等高的A 点水平抛出，小球恰好从B 点滑入圆轨道，则小球在C 点对轨道的压力为A.73mg B. 3mg C.103mg D. 4mg【答案】C 【解析】【详解】小球由A 至B 做平抛运动，设初速度A v ，平抛时间t ，竖直方向有o21cos 602R gt =；B 点的速度相切与圆轨道，故平抛的速度偏向角为o60，有otan 60gtv =，可得3A gRv =．从A 至C 由动能定理：221122c A mgR mv mv =-，对C 点的小球，由牛顿第二定律：2CN v F mg m R-=，由牛顿第三定律可得球对轨道的压力与支持力大小相等，解得103NN F F mg =='．故选C ． 3.如图所示，半径为R 的圆形区域内存在垂直于纸面向里的匀强磁场，两个相同的带正电粒子分别以速度v 1、v 2从A 、C 两点同时射入磁场，v 1、v 2平行且v 1沿直径AOB 方向．C 点与直径AOB 的距离为R/2，两粒子同时从磁场射出，从A 点射入的粒子射出磁场时的速度方向与初速度方向间的夹角为60°.不计粒子受到的重力，则( )A. v 132B. v 132C .v 1＝23v 2 D. v 1＝2v 2【答案】B 【解析】如图由几何知识知R 1=Rtan60°，R 2=R ，根据牛顿运动定律知2v Bqv m r=，知mv r Bq = 与v 成正比，故v 1：v 2=R 1：R 2=2Rcos30°：R=3：1，故B 正确，ACD 错误；故选B.点睛：此题考查带电粒子在磁场中运动，注意找圆心，运用几何知识画出粒子的运动轨迹，属于较难题目，要求学生有扎实的数学基础．4.一无限大接地导体板MN 前面放有一点电荷+Q ，它们在周围产生的电场可看作是在没有导体板MN 存在的情况下，由点电荷+Q 与其像电荷–Q 共同激发产生的．像电荷–Q 的位置就是把导体板当作平面镜时，电荷+Q 在此镜中的像点位置．如图所示，已知+Q 所在位置P 点到金属板MN 的距离为L ，a 为OP 的中点，abcd 是边长为L 的正方形，其中ab 边平行于MN ．则A. a 点的电场强度大小为E =24QkLB. a 点的电场强度大小大于b 点的电场强度大小，a 点的电势高于b 点的电势C. b 点的电场强度和c 点的电场强度相同D. 一正点电荷从a 点经b 、c 运动到d 点的过程中电势能的变化量为零 【答案】B 【解析】由题意可知，周围空间电场与等量异种点电荷产生的电场等效，所以a 点的电场强度22240/23/29Q Q kQE k k L L L =+=（）（），A 错误；等量异种点电荷周围的电场线和等势面分布如图所示由图可知a b E E >，a b ϕϕ>，B 正确；图中b 、c 两点的场强大小相等，方向不同，C 错误；由于a 点的电势大于d 点的电势，所以一正点电荷从a 点经b 、c 运动到d 点的过程中电场力做正功，电荷的电势能减小，D 错误；故选B.5.某同学在实验室里做如下实验，光滑竖直金属导轨(电阻不计)上端接有电阻R ，下端开口，所在区域有垂直纸面向里的匀强磁场，一个矩形导体框(电阻不计)和光滑金属导轨在整个运动中始终保持良好接触，矩形导体框的宽度大于两个导轨的间距，一弹簧下端固定在水平面上，弹簧涂有绝缘漆，弹簧和导体框接触时，二者处于绝缘状态，且导体框与弹簧接触过程无机械能的损失．现将导体框在距离弹簧上端H 处由静止释放，导体框下落，接触到弹簧后一起向下运动然后反弹，直至导体框静止．导体框的质量为m ，重力加速度为g ，则下列说法正确的是 ( )A. 导体框接触到弹簧后，可能立即做减速运动B. 在接触弹簧前导体框下落的加速度为gC. 只改变下落的初始高度H ，导体框的最大速度可能不变D. 只改变R 的阻值，在导体框运动过程中系统产生的焦耳热会改变 【答案】AC 【解析】AC 、导体框下落过程中导体框两部分切割磁感线，相当于两个电源给电阻R 供电，接入导轨部分的导体框有电流流过，所以当导体框所受安培力等于导体框的重力时速度达到最大，达到最大速度可能发生在接触弹簧之前，所以有可能在接触弹簧前已经达到匀速，故AC 正确；B 、由于有感应电流，导体框受到安培力作用，所以加速度小于g ，故B 错误；D 、由于质量一定，所以最后弹簧停止的位置是确定的，重力势能的减少是确定的，弹簧增加的弹性势能是确定的，所以电阻产生的热量与R 无关，电阻大小会影响导体框反复的次数，故D 错误； 故选AC ．【点睛】当导体框所受安培力等于导体框的重力时速度达到最大，达到最大速度可能发生在接触弹簧之前，所以有可能在接触弹簧前已经达到匀速．6.在一水平向右匀速运动的长传送带的左端A 点，每隔相同的时间轻放上一个相同的工件．经测量，发现前面那些已经和传送带达到相同速度的工件之间的距离均为L ．已知传送带的速率恒为v ，工件与传送带间动摩擦因数为μ，工件质量为m ，重力加速度为g ，则下列说法正确的是A. 工件在传送带上加速运动的时间一定等于L vB. 传送带对每个工件做的功为212mv C. 每个工件与传送带间因摩擦而产生的热量一定等于12mgL μ D. 传送带因传送每一个工件而多消耗的能量为2mv 【答案】BD 【解析】工件在传送带上先做匀加速直线运动，当速度与传送带速度相等时工件做匀速直线运动，加速度为a g μ=，则加速的时间为vt gμ=，故A 错误；传送带对每个工件做的功使工件的动能增加，根据动能定理得：212W mv =，故B 正确；工件与传送带相对滑动的路程为：2222v v v x v g g g μμμ∆=-=，则摩擦产生的热量为：22mv Q mg x μ=∆=，故C 错误；根据能量守恒得，传送带因传送一个工件多消耗的能量2212E mv Q mv =+=，故D 正确，故选BD.【点睛】工件在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，每个工件滑上传送带后运动的规律相同，根据匀加速度知识求得运动的时间，根据工件和传送带之间的相对路程大小，求出摩擦产生的热量；根据能量守恒知，多消耗的能量一部分转化为工件的动能，一部分转化为摩擦产生的内能．7.一台理想变压器的原、副线圈的匝数比是5︰1，原线圈接入电压为220V的正弦交流电，各元件正常工作，一只理想二极管和一个滑动变阻器R串联接在副线圈上，如图所示，电压表和电流表均为理想交流电表．则下列说法正确的是( )A. 原、副线圈中的电流之比为5︰1B. 电压表的读数约为31.11VC. 若滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω，则1分钟内产生的热量为2.9×103JD. 若将滑动变阻器的滑片向上滑动，则两电表读数均减小【答案】BC【解析】试题分析：原线圈电压为220V的正弦交流电，原、副线圈的匝数比是5：l，根据，则副线圈原、副线圈中的电流之比为1：5，A错误；根据,原、副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为44 V，由于副线圈接着二极管，它具有单向导电性，根据电流的热效应知,解得U=22=31.11V，故B错误；则1 min内滑动变阻器产生的热量为22(222)60J2904J UQ tR===，故C正确；将滑动变阻器滑片向上滑动时，次级阻值变小，电流表的读数变大，但对原、副线圈两端的电压无影响，即电压表的读数不变，所以D错误．故选C考点：变压器；电功率；电路的动态分析.【此处有视频，请去附件查看】8.如图所示，轻质弹簧一端固定于光滑竖直杆上，另一端与质量为m的滑块P连接，P穿在杆上，跨过轻质定滑轮的轻绳将P 和重物Q 连接起来，Q 的质量M = 6m ．现将P 从图中A 点由静止释放，P 能沿竖直杆上下运动，当它经过A 、B 两点时弹簧对P 的弹力大小相等，已知OA 与水平面的夹角θ = 53°，OB 距离为L ，且与AB 垂直，滑轮的摩擦力不计，重力加速度为g ，在P 从A 运动到B 的过程中A. Q 的重力功率一直增大B. P 与Q 的机械能之和先增大后减小C. 轻绳对P 做功43mgL D. P 运动到B 43gL【答案】BD 【解析】物块Q 释放瞬间的速度为零，当物块P 运动至B 点时，物块Q 的速度也为零，所以当P 从A 点运动至B 点时，物块Q 的速度先增加后减小，物块Q 的重力的功率也为先增加后减小，故A 错误；对于PQ 系统，竖直杆不做功，系统的机械能只与弹簧对P 的做功有关，从A 到B 的过程中，弹簧对P 先做正功，后做负功，所以系统的机械能先增加后减小，故B 正确．从A 到B 过程中，对于P 、Q 系统由动能定律可得：6mg (53L cos ︒−L )−mgL tan53°−0＝12mv 2，对于P ，由动能定理可得：W −mgL −0＝12mv 2 ，联立解得：W=113mgL ，43gL v =，故C 错误，D 正确；故选BD. 点睛：解决本题的关键要明确滑块经过A 、B 两点时，弹簧对滑块的弹力大小相等，说明在这两个位置弹簧的弹性势能相等．要知道滑块P 到达B 点时Q 的速度为0．三、非选择题9.某同学用探究动能定理的装置测滑块的质量M ．如图甲所示，在水平气垫导轨上靠近定滑轮处固定一个光电门．让一带有遮光片的滑块自某一位置由静止释放，计时器可以显示出遮光片通过光电门的时间t (t 非常小)，同时用米尺测出释放点到光电门的距离s ．(1)该同学用螺旋测微器测出遮光片的宽度d ，如图乙所示，则d ＝________ mm ．(2)实验中多次改变释放点，测出多组数据，描点连线，做出的图像为一条倾斜直线，如图丙所示．图像的纵坐标s 表示释放点到光电门的距离，则横坐标表示的是______．A ．tB ．t 2 C. 1t D.21t(3)已知钩码的质量为m ，图丙中图线的斜率为k ，重力加速度为g ．根据实验测得的数据，写出滑块质量的表达式M ＝____________________．(用字母表示) 【答案】 (1). (1)1.880 (2). (2)D (3). (3) 22kmgm d - 【解析】【详解】(1)螺旋测微器的固定刻度读数为1.5 mm ，可动刻度读数为0.01×38.0 mm ＝0.380 mm ，则最终读数为1.880 mm ．(2)滑块通过光电门的瞬时速度d v t =，根据动能定理得：()()2221122d mgs m M v m M t=+=+，解得：222m M d s mg t+=，因为图线为线性关系图线，可知横坐标表示21t ，故选D ． (3)根据222m M d s mg t +=知，图线的斜率为：22m M k d mg +=，解得滑块质量22kmgM m d=-． 10.某同学要测量一只未知电阻的阻值．（1）他现用多用电表粗测该电阻的阻值，按照正确的步骤操作后，测量的结果如图甲所示，为了使多用电表测量的结果更准确，需要进行的操作是：换用__________（填“×1”或“×100”）档，再进行_________（填“机械”或“欧姆”）调零，重新测量．（2）若粗测待测电阻的阻值约为1100Ω；为了精确测量该电阻的阻值，实验室提供了以下的实验器材：电流表A1（量程10mA，内阻r1=5Ω）电流表A2（量程15mA，内阻r2约为5Ω）；定值电阻R0：阻值为2000Ω；电源E（电动势约为10V，内阻r约为1Ω）；单刀双掷开关S，导线若干；实验要求能多测几组数据，请在乙图方框中画出实验原理图_____________．（3）根据设计的实验电路图，该同学已连接好了部分实物如图丙所示，请完善实物连接，要求闭合电键前滑动变阻器滑片移到图中所在位置________．（4）实验中需要直接测量的物理量有_____________，用测得的量和已知的量的字母表示待测电阻R x的计算公式R x=________________．【答案】(1). （1）×100；(2). 欧姆(3). （2）(4).（3）(5). （4）电流表A1、A2的读数I1、I2,；(6).()21011I I RrI--【解析】用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使欧姆表指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；根据欧姆定律估算出通过电阻R0的电流和通过待测电阻的电流，再选择量程恰当的电表；根据串并联电路特点及欧姆定律求出待测电阻阻值．（1）由图可知欧姆表的读数为R=100×10Ω=1000Ω，欧姆表的指针偏转过小说明待测电阻阻值较大，应换用较大倍率×100，欧姆调零后再进行测量；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零．（2）由于滑动变阻器的阻值远小于被测电阻，且要求能多测几组数据，因此采用滑动变阻器的分压接法，要测量未知电阻的阻值，需要测量出被测电阻接入电路中的电流，还需要测出加在被测电阻两端的电压，由于电流表A1的量程为A2的量程小，因此A1放在支路上与被测电阻串联，再与定值电阻并联，A2放在干路上，定值电阻起电压表的作用．电路设计如图所示．（3）实物连接，如图所示（4）实验需要直接测量的是两电流表A 1、A 2的读数，I 1、I 2，由电阻的定义式有()21101x I I R r R I -+=，则解得()21011x I I R R r I -=-11.如图所示,水平面上AB 间有一长度x=4m 的凹槽,长度为L=2m 、质量M=1kg 的木板静止于凹槽右侧,木板厚度与凹槽深度相同,水平面左侧有一半径R=0.4m 的竖直半圆轨道,右侧有一个足够长的圆弧轨道,A 点右侧静止一质量m1=0.98kg 的小木块.射钉枪以速度v 0=100m/s 射出一颗质量m0=0.02kg 的铁钉,铁钉嵌在木块中并滑上木板,木板与木块间动摩擦因数μ=0.05,其它摩擦不计.若木板每次与A 、B 相碰后速度立即减为0,且与A 、B 不粘连,重力加速度g=10m/s 2.求:（1）铁钉射入木块后共同的速度V;（2）木块经过竖直圆轨道最低点C 时,对轨道的压力大小F N;（3）木块最终停止时离A 点的距离s.【答案】（1）2/v m s = （2）12.5N F N = （3） 1.25L m ∆=【解析】(1) 设铁钉与木块的共同速度为v ，取向左为正方向，根据动量守恒定律得：0001()m v m m v =+解得：2m v s =；(2) 木块滑上薄板后，木块的加速度210.5m a g s μ==，且方向向右板产生的加速度220.5mgm a s M μ==，且方向向左设经过时间t ，木块与木板共同速度v 运动则：12v a t a t -=此时木块与木板一起运动的距离等于木板的长度22121122x vt a t a t L ∆=--= 故共速时，恰好在最左侧B 点，此时木块的速度11m v v a t s'=-= 木块过C 点时对其产生的支持力与重力的合力提供向心力，则：'2N v F mg m R-= 代入相关数据解得：F N =12.5N.由牛顿第三定律知，木块过圆弧C 点时对C 点压力12.5N ； (3) 木块还能上升的高度为h ，由机械能守恒有：201011()()2m m v m m gh +=+ 0.050.4h m m =<木块不脱离圆弧轨道，返回时以1m/s 的速度再由B 处滑上木板，设经过t 1共速，此时木板的加速度方向向右，大小仍为a 2，木块的加速度仍为a 1，则：21121v a t a t -=，解得：11t s = 此时2211121110.522x v t a t a t m ∆=--='' 3210.5m v v at s=-= 碰撞后，v 薄板=0，木块以速度v 3=0.5m/s 的速度向右做减速运动设经过t 2时间速度为0，则3211v t s a == 2322210.252x v t a t m =-= 故ΔL=L ﹣△x'﹣x=1.25m即木块停止运动时离A 点1.25m 远．12.如图所示，在平面直角坐标系xoy 的第二象限内有平行于y 轴的匀强电场，电场强度大小为E ，方向沿y 轴负方向．在第一、四象限内有一个半径为r 的圆，圆心坐标为（r ，0），圆内有方向垂直于xoy 平面向里的匀强磁场．一带正电的粒子（不计重力），以速度为v 0从第二象限的P 点，沿平行于x 轴正方向射入电场，通过坐标原点O 进入第四象限，速度方向与x 轴正方向成60︒，最后从Q 点平行于y 轴离开磁场，已知P 点的横坐标为2-h ．求：（1）带电粒子的比荷q m； （2）圆内磁场的磁感应强度B 的大小；（3）带电粒子从P 点进入电场到从Q 点射出磁场的总时间t ．【答案】(1)2032v q m Eh = （2）0433Eh B v r = （3）024512h r t v π+= 【解析】试题分析：粒子在电场中做类平抛运动，利用运动的合成和分解结合牛顿第二定律，联立即可求出带电粒子的比荷；利用速度偏向角公式，求出粒子从电场进入磁场时的速度，利用洛伦兹力提供向心力结合几何关系，联立即可求出圆内磁场的磁感应强度B 的大小；利用周期公式结合粒子在磁场中转过的圆心角求解粒子在磁场中运动的时间，带电粒子从P 点进入电场到从Q 点射出磁场的总时间t ．(1) 由水平方向匀速直线运动得 02h v t =竖直向下的分速度 0tan 60y v v =︒由竖直方向匀加速直线运动知y v at =加速度为qE a m= 根据以上式解得2032v q m Eh= （2）粒子进入磁场的速度为v ，有0cos 60v v ︒=由几何关系得，粒子在磁场中作匀速圆周运动的轨道半径R =r由洛伦兹力提供向心力可知2mv qvB r=解得0B =（3）粒子在磁场中运动的时间为2150360t T =⋅oo 粒子在磁场中运动的周期为2m T qBπ= 粒子在电场中运动的时间为102h t v =粒子运动的总时12024512h r t t t v π+=+= 【点睛】本题考查了带电粒子在磁场中运动的临界问题，粒子在磁场中的运动运用洛伦兹力提供向心力结合几何关系求解，类平抛运动运用运动的合成和分解牛顿第二定律结合运动学公式求解，解题关键是要作出临界的轨迹图，正确运用数学几何关系，分析好从电场射入磁场衔接点的速度大小和方向，运用粒子在磁场中转过的圆心角，结合周期公式，求解粒子在磁场中运动的时间．选考题13.下列说法正确的是（ ）A. 知道某物质的摩尔质量和阿伏伽德罗常数,一定可以求其分子的质量和体积B. 内能不同的物体，他们分子热运动的平均动能可能相同C. 不论单晶体还是多晶体，在融化时，要吸热但温度保持不变D. 一定质量的气体温度由T 1升高到T 2,在这个过程中,如果气体体积膨胀并对外界做功,则气体分子平均动能可能减少E. 液体的表面张力是由液体分子间的相互作用引起的【答案】BCE【解析】【详解】A ．知道某物质的摩尔质量和阿伏加德罗常数，一定可求其分子质量，但是求不出分子体积，故A 错误；B ．内能不同的物体，温度可能相同，所以它们分子热运动的平均动能可能相同，故B 正确；C ．晶体熔化吸热时温度不变，分子的平均动能不变，分子势能增加，故C 正确；D ．分子平均动能只与温度有关，温度升高，气体分子平均动能增加，故D 错误；E ．液体的表面张力是由液体分子间的相互作用引起的，故E 正确。
2020年河北省衡水中学高考物理模拟试卷(3月份) (含答案解析)
2020年河北省衡水中学高考物理模拟试卷(3月份)一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为6N，关于电梯的运动(如图所示)，以下说法正确的是(g取10m/s2)()A. 电梯可能向上加速运动，加速度大小为2m/s2B. 电梯可能向下加速运动，加速度大小为4m/s2C. 电梯可能向上减速运动，加速度大小为2m/s2D. 电梯可能向下减速运动，加速度大小为4m/s22.质量为m的小球固定在弹性杆的B端，弹性杆的A端固定在地面上，给B球施加一个水平向右、大小为F的拉力，小球静止时杆弯曲如图所示，则下列说法正确的是()A. 弹性杆对小球的作用力水平向左B. 弹性杆对小球的作用力大小等于FC. 保持拉力的大小不变，将拉力在竖直面内沿顺时针缓慢转过90°的过程中，弹性杆对小球的作用力不断增大D. 保持拉力的大小不变，将拉力在竖直面内沿顺时针缓慢转过90°的过程中，小球的位置保持不变3.一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为1m/s.从此刻开始在滑块运动方向上再施加一水平作用力F，力F和滑块的速度v随时间t的变化规律分别如图(a)和(b)所示．设在第1秒内、第2秒内、第3秒内力F对滑块做的功分别为W1、W2、W3，则以下关系式正确的是()A. W1=W2=W3 B. W1<W2<W3C.W1<W3<W2 D. W1=W2<W34.物体以60J的初动能从A点出发做竖直上抛运动，在它上升到某高度时，动能损失了30J，而机械能损失了10J，则该物体落回到A点时的动能为(空气阻力恒定)()A. 50JB. 40JC. 30JD. 20J二、多选题（本大题共5小题，共29.0分）5.质量为2kg的物体以2m/s的速度作匀变速直线运动，经过2s后其动量大小变为8kg⋅m/s，则该物体()A. 所受合外力的大小可能等于2NB. 所受合外力的大小可能等于6NC. 所受冲量可能等于20N⋅sD. 所受冲量大小可能等于12N⋅s6.如图中虚线a、b、c、d、f、g代表匀强电场内间距相等的一组等势面，已知平面b上的电势为2V。
2020届河北衡中同卷新高考押题模拟考试(二十六)物理试卷
2020届河北衡中同卷新高考押题模拟考试（二十六）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题1.竹蜻蜓是我国古代发明的一种儿童玩具，人们根据竹蜻蜓的原理设计了直升机的螺旋桨.如图所示，一小孩搓动质量为20g的竹蜻蜓，松开后竹蜻蜓能上升到二层楼房顶处.搓动过程中手对竹蜻蜓做的功可能是( )A. 0.2JB. 0.6JC. 1.0JD. 2.5J【答案】D【解析】【详解】竹蜻蜓在上升到最高点的过程中，动能转化为重力势能和内能，一般每层楼房的高度为3m，二层也就是6m ，所以重力势能的增加量为 1.2J p E mgh ==，则在搓动过程中手对竹蜻蜓做的功要大于1.2J ，ABC 选项错误，D 项正确．故本题选D ．2.“天宫、蛟龙、天眼、悟空、墨子”等重大科技成果写进十九大报告，航天科技成果丰硕，天宫二号在离地面393km 的圆形轨道上飞行，慧眼空间科学卫星在离地面550km 的圆形轨道上飞行.若天宫二号与慧眼卫星的质量相同，环绕地球运行均可视为匀速圆周运动，则( )A. 慧眼卫星运行时向心加速度比天宫二号小B. 慧眼卫星运行的周期比天宫二号小C. 慧眼卫星运行时机械能比天宫二号小D. 慧眼卫星运行时速度比天宫二号大【答案】A【解析】 【详解】根据22224Mm v r G m m ma r r Tπ===可得：2GM a r =，则慧眼卫星运行时向心加速度比天宫二号小，选项A 正确；由234r T GMπ=可知，慧眼卫星运行的周期比天宫二号大，选项B 错误；根据GM v r =可知慧眼卫星运行时速度比天宫二号小，选项D 错误；因两卫星质量相同，慧眼卫星高度大，则发射需要的能量较大，在轨道上的机械能较大，选项C 错误；故选A.3.光滑平面上一运动质点以速度v 通过原点O ，v 与x 轴正方向成α角(如图)，与此同时对质点加上沿x 轴正方向恒力F x 和沿y 轴正方向的恒力F y ，则( )A. 因为有F x ，质点一定做曲线运动B. 如果F y >F x ，质点向y 轴一侧做曲线运动C. 质点不可能做直线运动D. 如果F x >F y cot α，质点向x 轴一侧做曲线运动【答案】D【解析】【详解】若F x =F y cotα，则合力方向与速度方向在同一条直线上，物体做直线运动；选项AC 错误；若F x ＞F y cotα，则合力方向与速度方向不在同一条直线上，合力偏向于速度方向下侧，则质点向x 轴一侧做曲线运动，选项B 错误；若F x >F y cotα，则合力方向与速度方向不在同一条直线上，合力偏向于速度方向下侧，质点向x 轴一侧做曲线运动．故D 正确，ABC 错误．故选D ．【点睛】解决本题的关键掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，若合力的方向与速度方向在同一条直线上，物体做直线运动，若合力的方向与速度的方向不在同一条直线上，物体做曲线运动.4.如图所示，倾角为θ的光滑斜面固定在水平面，斜面上放有两个质量均为m 的可视为质点的小物体甲和乙，两小物体之间用一根长为L 的轻杆相连，乙离斜面底端的高度为h .甲和乙从静止开始下滑，不计物体与水平面碰撞时的机械能损失，且水平面光滑.在甲、乙从开始下滑到甲进入水平面的过程中( )A. 当甲、乙均在斜面上运动时，乙受三个力作用B. 32sin gh gL θ+C. 全过程中甲的机械能减小了1sin 2mgL θ D. 全过程中轻杆对乙做负功【答案】C【解析】【详解】若以甲与乙组成的系统为研究的对象，可知系统受到重力与斜面的支持力，所以加速度的大小为gsinθ；以乙为研究的对象，设乙与杆之间的作用力为F ，则：mgsinθ-F=ma=mgsinθ，可知，乙与杆之间的作用力为0，所以乙只受到重力和支持力的作用．故A 错误．以甲、乙组成的系统为研究对象，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh+mg （h+Lsinθ）=12×2mv 2，解得两球的速度：2v gh gLsin θ=+项B 错误．以甲球为研究对象，由动能定理得：mg （h+Lsinθ）+W=12mv 2，解得：W=-12mgLsinθ．全过程中甲球的机械能减小了12mgLsin θ，全过程中轻杆对乙球做功12mgLsin θ．故C 正确，D 错误．故选C.【点睛】本题考查了求球的速度、杆做的功等问题，分析清楚物体运动过程，应用机械能守恒定律与动能定理即可正确解题.5.如图甲所示，直线AB 是某孤立点电荷电场中的一条电场线，一个电子仅在电场力作用下沿该电场线从A 点运动到B 点，其电势能随位置变化的关系如图乙所示.设A 、B 两点的电势分别为φA 、φB ，电子在A 、B 两点的动能分别为E kA 、E kB .则关于该孤立点电荷的位置及电势、电子动能大小的说法正确的是( )A. 孤立点电荷带负电，位于B 点的右侧，φA >φB ，E kA >E kBB. 孤立点电荷带正电，位于A 点的左侧，φA >φB ，E kA <E kBC. 孤立点电荷带正电，位于B 点的右侧，φA <φB ，E kA >E kBD. 孤立点电荷带负电，位于A 点的左侧，φA <φB ，E kA <E kB【答案】A【解析】【详解】由图看出电子从A 点运动到B 点，其电势能增加，电场力对电子做负功，所以电子所受的电场力方向从B→A ．电子带负电，所以电场线的方向从A→B ．根据顺着电场线的方向电势降低，则知φA ＞φB ．由能量守恒定律判断得知电子的动能减小，即有：E kA ＞E kB ．若孤立点电荷带负电，该电荷应位于B 点的右侧，若孤立点电荷带正电，该电荷应位于A 点的左侧，故A 正确，BCD 错误．故选A ．【点睛】解决本题关键掌握电场力做功与电势能变化的关系，掌握电场线方向与电势变化的关系，能熟练运用能量守恒定律判断能量的变化，是常见的问题.6.一半径为R 的半球面均匀带有正电荷Q ，电荷Q 在球心O 处产生的场强大小022kQ E R ，方向图所示.把半球面分为表面积相等的上、下两部分，如图甲所示，上、下两部分电荷在球心O 处产生电场的场强大小分别为E 1、E 2;把半球面分为表面积相等的左、右两部分，如图乙所示在左右两部分电荷在球心O 处产生电场的场强大小分别为E 3、E 4则( )A. 124kQ E R<B. 224kQ E R= C. 324kQ E R> D. 424kQ E R = 【答案】C【解析】【详解】根据点电荷电场强度公式E=k 2 Q r ，且电荷只分布球的表面，对于图甲，虽表面积相同，但由于间距的不同，则上、下两部分电荷在球心O 处产生电场的场强大小关系为E l ＞E 2；因电荷Q 在球心O 处产生物的场强大小E 0=2 2kQ R ，则E 1＞24kQ R ；对于图乙，半球面分为表面积相等的左、右两部分，是由于左右两个半个球壳在同一点产生的场强大小相等，则根据电场的叠加可知：左侧部分在O 点产生的场强与右侧电荷在O 点产生的场强大小相等，即E 3=E 4 ．由于方向不共线，由合成法则可知，E 3＞24kQ R ；故C 正确，ABD 错误；故选C ．【点睛】考查点电荷的电场强度的应用，知道电荷的分布，掌握矢量的叠加法则，对于此题采用“反证法”来区别选项的正误是很巧妙的，注意总结应用.7.如图所示，一铁球用细线悬挂于天花板上，静止垂在桌子的边缘，悬线穿过一光盘的中间孔，手推光盘在桌面上平移，光盘带动悬线紧贴着桌子的边缘以水平速度v 匀速运动，当光盘由A 位置运动到图中虚线所示的B 位置时，悬线与竖直方向的夹角为θ，此时铁球( )A. 竖直方向速度大小为v cos θB. 竖直方向速度大小为v sin θC. 竖直方向速度大小为v tan θD. 相对于地面的速度大小为 22()v vsin θ+【答案】BD【解析】【详解】由题意可知，线与光盘交点参与两个运动，一是逆着线的方向运动，二是垂直线的方向运动，则合运动的速度大小为v ，由数学三角函数关系，则有：v 线=vsinθ；而线的速度的大小，即为小球上升的速度大小，故B 正确，A 错误；由上分析可知，球相对于地面速度大小为v′=22()v vsin θ+，故C 错误D 正确；故选BD ．8.如图所示，一小球以速度v 0从倾角为θ的斜面底端斜向上抛出，落到斜面上的M 点且速度水平向右.现将该小球以2v 0的速度从斜面底端朝同样方向抛出，落在斜面上的N 点.下列说法正确的是( )A. 落到M 和N 两点时间之比为1:2B. 落到M 和N 两点速度之比为1:1C. M 和N 两点距离斜面底端的高度之比为1:2D. 落到N 点时速度方向水平向右【答案】AD【解析】试题分析：由于落到斜面上M 点时速度水平向右，故可把质点在空中的运动逆向看成从M 点向左的平抛运动，设在M 点的速度大小为u ，把质点在斜面底端的速度v 分解为水平u 和竖直v y ，由212x ut y gt ==，，tan y x θ=得空中飞行时间2tan u t g θ=，2tan y v u θ=，v 和水平方向夹角的正切值 2tan y v uθ=为定值，即落到N 点时速度方向水平向右，故D 正确；22214tan y v u v u θ=+=+，即v 与u 成正比，故落到M和N 两点速度之比为1：2，故B 错误；由2tan u t gθ=知，落到M 和N 两点时间之比为1：2，故A 正确；由22212tan 2u y gt gθ==，知y 和u 2成正比，M 和N 两点距离斜面底端的高度之比为1：4，C 错误． 考点：考查了抛体运动规律的应用【名师点睛】斜抛运动的上升过程可看作是平抛运动的逆过程，平抛运动的位移偏角与速度偏角的关系为：；同时也要注意由运动的合成与分解的知识，结合分运动的独立性求解．9.如图所示，A 、B 两点固定两个等量异种点电荷+Q 和-Q ，O 点为AB 连线的中点，OD 是AB 连线的中垂线，BC 与OD 平行，AO =BO =BC .下列说法正确的是( )A. D 点的场强方向由D 指向CB. 将一负电荷由O 点移到D 点，电场力做负功C. 将一正电荷由D 点移到C 点，正电荷的电势能降低D. -Q 在O 点和C 点产生的场强大小相等，方向相互垂直【答案】CD【解析】【详解】D 点在AB 连线的垂直平分线上，可知D 点的场强方向平行AB 水平向右，选项A 错误；OD 是电势为零的等势线，可知将一负电荷由O 点移到D 点，电场力不做功，选项B 错误；D 点电势高于C 点，则将一正电荷由D 点移到C 点，正电荷的电势能降低，选项C 正确；-Q 距离O 点和C 点距离相等，且OB 垂直BC ，则在O 点和C 点产生的场强大小相等，方向相互垂直，选项D 正确；故选CD.【点睛】常见电场的电场线分布及等势面的分布要能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时要抓住等量异号电荷形成电场的对称性，知道等量异种点电荷连线的中垂线是等势面，场强方向与等势面垂直．10.如图所示，在匀速转动的水平盘上，沿半径方向放着用细线相连的物体A 和B ，A 和B 质量都为m ．它们分居在圆心两侧，与圆心距离分别为R A ＝r ，R B ＝2r ，A 、B 与盘间的动摩擦因数μ相同．若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当圆盘转速加快到两物体刚好还未发生滑动时，下列说法正确的是( )A. 此时绳子张力为T ＝3mg μB. 此时圆盘的角速度为ω2g rμC. 此时A 所受摩擦力方向沿半径指向圆外D. 此时烧断绳子物体A 、B 仍将随盘一块转动【答案】ABC【解析】【详解】A 、B 、C 项：A 、B 两物体相比，B 物体所需要的向心力较大，当转速增大时，B 先有滑动的趋势，此时B 所受的静摩擦力沿半径指向圆心，A 所受的静摩擦力沿半径背离圆心，选项C 正确；当刚要发生相对滑动时，以B 为研究对象，有22T mg mr μω+=，以A 为研究对象，有2T mg mr μω-=，由以上两式得3T mg μ=，2g rμω=，故A 、B 、C 正确； D 项：若烧断绳子，则A 、B 向心力都不足，都将做离心运动，故D 错误．11.如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场1E ，之后进入电场线竖直向下的匀强电场2E 发生偏转，最后打在屏上，整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么A. 偏转电场2E 对三种粒子做功一样多B. 三种粒子打到屏上时速度一样大C. 三种粒子运动到屏上所用时间相同D. 三种粒子一定打到屏上的同一位置，【答案】AD【解析】试题分析：带电粒子在加速电场中加速，电场力做功W=E 1qd ； 由动能定理可知：E 1qd=12mv 2； 解得：12 E dq v mL t v =；在偏转电场中的纵向速度222012E qL v at E md == 纵向位移2221124E L x at E d==；即位移与比荷无关，与速度无关；则可三种粒子的偏转位移相同，则偏转电场对三种粒子做功一样多；故A 正确，B 错误；因三粒子由同一点射入偏转电场，且偏转位移相同，故三个粒子打在屏幕上的位置一定相同；因粒子到屏上的时间与横向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三种粒子运动到屏上所用时间不相同；故C 错误，D 正确；故选AD ．考点：带电粒子在匀强电场中的运动【名师点睛】此题考查带电粒子在电场中的偏转，要注意偏转中的运动的合成与分解的正确应用；正确列出对应的表达式，根据表达式再去分析速度、位移及电场力的功．【此处有视频，请去附件查看】二、实验题12.探究力对原来静止的物体做的功与物体获得的速度的关系.(1)按图所示将实验仪器安装好，同时平衡___________，确定方法是轻推小车，由打点计时器打在纸带上的点的均匀程度判断小车是点否做__________运动;(2)当小车在两条橡皮筋作用下弹出时，橡皮筋对小车做的功记为W0.当用4条、6条、8条…完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、第4次…实验时，橡皮筋对小车做的功记为2W0、3W0、4W0…每次实验中由静止弹出的小车获得的最大速度可由打点计时器所打的纸带测出.关于该实验，下列说法正确的是（）;A.打点计时器可以用直流电源供电，电压为4~6VB.实验中使用的若干条橡皮筋的原长可以不相等C.每次实验中应使小车从同一位置由静止弹出D.利用每次测出的小车最大速度v m和橡皮筋做的功W，依次作出W-v m、W-v m2、W-v m3W2-v m W3-v m…的图像，得出合力做功与物体速度变化的关系(3)图给出了某次在正确操作情况下打出的纸带，从中截取了测量物体最大速度所用的一段纸带，测得O点到A、B、C、D、E各点的距离分别为OA=5.65cm，OB=7.12cm，OC=8.78cm，OD=10.44cm，OE=12.10cm.已知相邻两点打点时间间隔为0.02s，则小车获得的最大速度v m=_______m/s.【答案】(1). 摩擦力；(2). 匀速；(3). CD；(4). 0.83；【解析】【详解】（1）按图所示将实验仪器安装好，同时平衡摩擦力，确定方法是轻推小车，由打点计时器打在纸带上的点的均匀程度判断小车是点否做匀速运动；（2）电磁打点计时器必须使用交流电源供电，电压为4~6V，选项A错误；实验中使用的若干条橡皮筋必须要相同，包括原长必须要相等，选项B错误；每次实验中应使小车从同一位置由静止弹出，选项C正确；利用每次测出的小车最大速度v m和橡皮筋做的功W，依次作出W-v m、W-v m2、W-v m3W2-v m W3-v m…的图像，得出合力做功与物体速度变化的关系，选项D正确；故选CD.（3）纸带从C到E部分点迹均匀，则由此求得小车的最大速度为：0.12100.10440.83/0.02m v m s -== 13.(1)某同学想利用图甲所示装置,验证滑块与钩码组成的系统机械能守恒,该同学认为只要将摩擦力平衡掉就可以了.你认为该同学的想法____(填“正确”或“不正确”),理由是:_______.(2)另一同学用一倾斜的固定气垫导轨来验证机械能守恒定律.如图乙所示,质量为m 1的滑块(带遮光条)放在A 处,由跨过轻质定滑轮的细绳与质量为m 2的钩码相连,导轨B 处有一光电门,用L 表示遮光条的宽度,x 表示A 、B 两点间的距离,θ表示气垫导轨的倾角,g 表示当地重力加速度.①气泵正常工作后,将滑块由A 点静止释放,运动至B ,测出遮光条经过光电门的时间t ,该过程滑块与钩码组成的系统重力势能的减小量表示为________,动能的增加量表示为________;若系统机械能守恒,则21t 与x 的关系式为21t=______(用题中已知量表示). ②实验时测得m 1=475 g,m 2=55 g,遮光条宽度L=4 mm,sin θ=0.1,改变光电门的位置,滑块每次均从A 点释放,测量相应的x 与t 的值,以21t 为纵轴,x 为横轴,作出的图象如图丙所示,则根据图象可求得重力加速度g 0为______m/s 2(计算结果保留两位有效数字),若g 0与当地重力加速度g 近似相等,则可验证系统机械能守恒.【答案】（1）不正确，有摩擦力做功就不满足机械能守恒的条件；（2）①重力势能的减小量表示为21sin P E m gx m g x θ=-⋅；动能的增加量为：2121()()2k L E m m t=+；2122122(sin )1()m gx m g x t m m L θ-⋅=+；② 9.9m/s 2【解析】【详解】(1)机械能守恒的条件只有重力或弹力做功，平衡摩擦力时，是用重力的分力等于摩擦力，但此时系统受到摩擦力，故摩擦力对系统做功，机械能不守恒；故该同学的想法不正确；(2)①滑块由A 到B 的过程中，系统重力势能的减小量为：△E P =m 2gx -m 1gx sin θ； 经过光电门时的速度为：L v t=; 则动能的增加量为:()()2212121122k L E m m v m m t ⎛⎫∆=+=+ ⎪⎝⎭或机械能守恒，则有：△E P =△E K联立解得:()()2122122sin 1m m gx t m m L θ-=+; ②由上述公式可得，图象中的斜率表示()()212122sin m m g k m m L θ-=+;代入数据解得：g =9.9m/s 2. 【点睛】本题考查验证机械能守恒定律的条件，属于创新型的实验题目，要求能正确分析实验原理，能明确是两物体组成的系统机械能守恒．三、计算题14.如图所示，一带电荷量为q +、质量为m 的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g ，sin370.6=o ，cos370.8.o =求：(1)水平向右电场的电场强度的大小；(2)若将电场强度减小为原来的12，小物块的加速度是多大； (3)电场强度变化后小物块下滑距离2L 时的动能.【答案】（1）34mg q（2）0.3g （3）0.3mgL 【解析】【分析】带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，则可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向；当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小；选取物体下滑距离为L 作为过程，利用动能定理来求出动能．【详解】小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力， sin37N F qE ︒=cos37N F mg ︒=可得电场强度34mg E q=（2）若电场强度减小为原来12，则变为3'8mg E q = sin37cos37mg qE ma ︒-︒=可得加速度0.3a g =．物块下滑距离L 时，重力做正功，电场力做负功由动能定理则有：sin37'cos370k mgL qE L E ︒-︒=-可得动能0.3k E mgL =15.如图所示，两平行金属板A 、B 长l ＝8 cm ，两板间距离d ＝8 cm ，A 板比B 板电势高300 V ，即U AB ＝300 V ．一带正电的粒子电量为q ＝10－10 C ，质量为m ＝10－20 kg ，从R 点沿电场中心线垂直电场线飞入电场，初速度v 0＝2×106 m/s ，粒子飞出平行板电场后经过界面MN 、PS 间的无电场区域后，进入固定在中心线上O 点的点电荷Q 形成的电场区域(设界面PS 右边点电荷的电场分布不受界面的影响)．已知两界面MN 、PS 相距为L ＝12 cm ，粒子穿过界面PS 后被点电荷Q 施加的电场力俘获，从而以O 点为圆心做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF 上(静电力常量k ＝9×109 N·m 2/C 2，粒子重力不计，tan 37°＝34，tan 53°＝43)．求：(1)粒子穿过界面MN 时偏离中心线RO 的距离h ；(2)粒子穿过界面MN 时的速度v ；(3)粒子穿过界面PS 时偏离中心线RO 的距离Y ；【答案】(1)3cm(2)62.510/m s ⨯ 方向与水平方向成037 角斜向下（3）12cm （4）8110C --⨯【解析】【详解】(1)设粒子在两极板间运动时加速度为a ，运动时间为t ， 则：t ＝0l v ① h ＝12at 2 ② AB qU qE a m md == ③ 解得：h ＝20()2AB qU l md v ＝003 m ＝3 cm ④(2)粒子的运动轨迹如图所示设粒子从电场中飞出时沿电场方向的速度为v y ，则：v y ＝at ＝0AB qU l mdv ⑤ 解得：v y ＝1.5×106 m/s ⑥ 所以粒子从电场中飞出时的速度为：v 220yv v + 2.5×106 m/s ⑦ 设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为θ，则：tan θ＝034yv v = ⑧ 解得：θ＝37°⑨ (3)带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动，由相似三角形知识得：22l h l Y L =+ ⑩ 解得：Y ＝0.12 m ＝12 cm ⑪(4)粒子做匀速圆周运动的半径为：r ＝Y cos θ＝0.15 m ⑫ 又：22k Q qv m r r= ⑬ 解得：|Q |＝1×10－8 C ⑭ 故：Q ＝－1×10－8 C ⑮ 【点睛】本题考查了求粒子的偏移量、粒子的速度、电荷的电荷量，分析清楚粒子运动过程，应用类平抛运动规律、牛顿第二定律即可正确解题.16.如图所示，一轨道由半径为2m 的1/4竖直圆弧轨道AB 和长度可调的水平直轨道BC 在B 点平滑连接而成.现有一质量为0.2kg 的小球从A 点无初速释放，经过圆弧上B 点时，传感器测得轨道所受压力大小为3.6N ，小球经过BC 段所受的阻力为其重力的0.2倍，然后从C 点水平飞离轨道，落到水平地面上的P 点，P 、C 两点间的高度差为3.2m.小球运动过程中可视为质点且不计空气阻力.(1)求小球运动至B 点时的速度大小;(2)求小球在圆弧轨道上克服摩擦力所做的功;(3)为使小球落点P 与B 点的水平距离最大，求BC 段的长度.【答案】（1）4/m s （2）3.36/m s【解析】【详解】(1)在B 点,由牛顿运动定律2B N v F mg m R=-, 解得v B =4m/s.(2)小球从A 到B 的过程,有重力和摩擦力做功,设克服摩擦力做功为W f ,由动能定理2102f B mgR W mv -=- 解得W f =2.4J.(3)设到C 点时速度为v c .B 至C 的过程,由动能定理得221122BC C B kmgL mv mvv -=- 离开C 后做平抛运动,2h g所以B 至P 的水平距离为2222144245B c c c v v h L v v v kg g -=+=-+, 由二次函数的单调性可得，当v c =1.6m/s 时，B 至P 的水平距离最大，由此可得L BC =3.36m.17.如图所示，AB 是倾角θ=45°的倾斜轨道，BC 是一个水平轨道(物体经过B 处时无机械能损失)，AO 是一竖直线，O 、B 、C 在同一水平面上.竖直平面内的光滑圆形轨道最低点与水平面相切于C 点，已知A 、O 两点间的距离h =1m ，B 、C 两点间的距离d =2m ，圆形轨道的半径R =1m.一质量m =2kg 的小物体，从与O 点水平距离x 0=3.6m 的P 点水平抛出，恰好从A 点以平行斜面的速度进入倾斜轨道，最后进入圆形轨道.小物体与倾斜轨道AB 、水平轨道BC 之间的动摩擦因数都是μ=0.5，g 取10m/s 2)(1)求小物体从P 点抛出时的速度v 0和P 点的高度H(2)求小物体运动到圆形轨道最高点D 时，对圆形轨道的压力;(3)若小物体从Q 点水平抛出，恰好从A 点以平行斜面的速度进入倾斜轨道，最后进入圆形轨道，且小物体不能脱离轨道，求Q 、O 两点的水平距离x 的取值范围.【答案】（1）6/,2.8m s m （2）24N （3）0.5 1.5m x m <≤【解析】【详解】(1)小物块由P 点到A 点做平抛运,运动时间为t,由平抛运动规律有00x v t =212H h gt -= 00tan 45y v gt v v ==o 解得00v gx =代入数据可得：v 0=6m/s ；H=2.8m.(2)小物块到达A 点的速度02A v v从A 点到圆轨道最高点D 的过程中,由动能定理得2211(2)cos sin 22D A h mg R h mg mgd mv mv μθμθ----=- 在D 点有2D N v F mg m R+= 代入数据解得F N =24N ；由牛顿第三定律得,小物块在圆最高点对轨道的压力为24N ，方向竖直向上．(3)要保证小物体不脱离轨道,有以下两种情况:①设O 、Q 两点水平距离为x 1,小物块恰能通过最高点D.有21D v mg m R=；由(1)可得小物块达到A 点时速度1A v =由动能定理得221111(2)cos sin 22D A h mg R h mg mgd mv mv μθμθ----=- 代入数据解得x 1=3m. ②设O 、Q 两点水平距离为x 2,小物块恰能到达与圆心等高点.由(1)可得小物块达到A点时速度2A v =; 由动能定理得221cos sin 2A h mg mgd mv μθμθ--=- 据解得x 2=1.5m;设O 、Q 两点水平距离为x 3，小物块恰能到达圆轨道处.由(1)可得小物块达到A 点时速度3A v =； 由动能定理得231cos sin 2A h mgh mg mgd mv μθμθ---=-； 代入数据解得x 3=0.5m;小物块能进入圆轨道且不脱离轨道，O 、Q 的距离x 3=0.5m≤x 2=1.5m综上所述，Q 、O 两点的水平距离x 的取值范围为0.5m<x≤1.5m 或x≥3m.【点睛】解决本题的关键分析物体的运动情况，抓住隐含的临界情况和临界条件，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，明确圆周运动向心力的来源．要注意考虑问题要全面，不能漏解.。
2020届河北衡中同卷新高考押题信息考试(二十八)物理试卷
2020届河北衡中同卷新高考押题信息考试（二十八）物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
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答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
二、选择题1.《墨经》是先秦墨家的代表作，“力，刑（形）之所以奋也”是书中对力的描述，其释义为：“力是使物体由静而动，动而愈速或由下而上的原因”，这与1000多年后牛顿经典力学的观点基本一致．关于对此描述的认识，以下说法正确的是（）A. 力是改变物体运动状态的原因B. 力是维持物体运动状态的原因C. 物体速度的变化量跟力成正比D. 物体不受力将保持静止状态【答案】A 【解析】【详解】力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因，故A正确，B错误；加速度跟力成正比，但物体速度的变化量不是加速度，故物体速度的变化量跟力不成正比；故C错误；物体静止或匀速运动受到的合外力为零或不受力，故D错误．所以A正确，BCD错误．2.如图所示，质量为m的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住．现用一个水平向右的力F拉斜面，使斜面在水平面上向右做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，下列说法正确的是（）A. 斜面和挡板对球的弹力的合力等于maB. 若加速度足够大，斜面对球的弹力可能为零C. 若加速度足够小，则竖直挡板对球的弹力可能为零D. 若加速度不断的增大，斜面对球不仅有弹力，而且该弹力是一个定值【答案】D【解析】【详解】A、以小球为研究对象，分析受力情况，如图：受重力mg、竖直挡板对球的弹力F2和斜面的弹力F1．根据牛顿第二定律知小球所受的合力为ma，即重力、斜面和挡板对球的弹力三个力的合力等于ma，面和挡板对球的弹力的合力不等于ma，故A错误．设斜面的加速度大小为a，根据牛顿第二定律得竖直方向：F1cosθ＝mg①水平方向：F2﹣F1sinθ＝ma，②由①看出，斜面对球的弹力F1大小不变，与加速度无关，不可能为零．由②看出，若加速度足够小时，F2＝F1sinθ＝mg tanθ≠0．故BC错误．若F增大，a增大，斜面的弹力F1大小不变．故D正确．故选D．3.已知金属锌发生光电效应时产生的光电子的最大初动能E k跟入射光的频率的关系图象如图中的直线1所示．某种单色光照射到金属锌的表面时，产生的光电子的最大初动能为E1．若该单色光照射到另一金属表面时产生的光电子的最大初动能E2，E2＜E1，关于这种金属的最大初动能E k跟入射光的频率的关系图象应如图中的（）A. aB. bC. cD. 上述三条图线都不正确【答案】A 【解析】试题分析：光电效应方程为E K=hγ﹣W0，根据E K与γ的关系判断金属乙发生光电效应时产生光电子的最大初动能跟人射光的频率关系．解：根据光电效应方程E K=hγ﹣W0，知，E K=hγ﹣hγ0，知图线的横轴截距表示截止频率，图线的斜率表示普朗克常量，知图线应用a图线平行，因为金属不同，则截止频率不同．故A正确，B、C、D错误．故选A．4.如图甲所示，一绝缘的竖直圆环上均匀分布着正电荷，一光滑细杆从圆心垂直圆环平面穿过圆环，杆上套有带正电的小球，现使小球从a点由静止释放，并开始计时，后经过b、c两点，其运动过程中的υ﹣t图象如图乙所示．下列说法正确的是（）A. 带电圆环在圆心处产生的场强为零B. a点场强大于b点场强C. 电势差U ab小于U bcD. 小球由b到c的过程中平均速度小于0.55m/s【答案】AC【解析】【详解】根据电场的叠加原理和对称性可知，带电圆环在圆心处产生的场强为零，故A 正确．由乙图知，小球在a 处的加速度小于b 处加速度，由qE ＝ma 知，a 点场强小于b 点场强，故B 错误．根据动能定理得：221100.40.0822ab b qU mv m m =-=⨯= ；()2221110.720.40.165222bc c b qU mv mv m m ==⨯-=可得U ab小于U bc ．故C 正确．小球由b 到c 的过程中做非匀加速运动，位移大于匀加速运动的位移，所以平均速度大于0.70.40.55m /s 2+= 故D 错误．故选AC 5.有一空间探测器对一球状行星进行探测，发现该行星上无生命存在，在其表面上，却覆盖着一层厚厚的冻结的二氧化碳（干冰）．有人建议利用化学方法把二氧化碳分解为碳和氧气而在行星上面产生大气，由于行星对大气的引力作用，行星的表面就存在一定的大气压强．如果一秒钟可分解得到质量为m 的氧气，要使行星表面附近得到的压强至少为p ，那么请你估算一下，至少需要多长的时间才能完成，已知行星表面的温度较低，在此情况下，二氧化碳的蒸发可不计，探测器靠近行星表面运行的周期为T ，行星的半径为r ，大气层的厚度与行星的半径相比很小．下列估算表达式正确的是（ ）A. 22pT r t m π= B. 2pT rt mπ=C. 2163pT r t mπ=D. 24pT rt mπ=【答案】B 【解析】 【分析】可近似认为大气压是由大气重量产生的，根据大气的质量和地球的表面积求解大气压强；根据由万有引力定律及牛顿第二定律表示地球表面的重力加速度；最后可求解时间.【详解】可近似认为大气压是由大气重量产生的，设大气的质量为m 0，则p ＝024m grπ．设探测器的质量为m ，行星质量为M ，由万有引力定律及牛顿第二定律得：G 2Mm r ＝mg ，即g ＝2GMr222()Mm G m r r T π=，即GM ＝224T πr 3，解上述三式得：m 0＝2pT rπ；依题意，1秒钟可得到m 的氧气，故分解出m 0的氧气所需的时间为：t ＝2pT rmπ，故选B ． 6.某住宅小区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成，发电机中矩形线圈电阻不计，它可绕轴OO′在磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度ω匀速转动．降压变压器副线圈上的滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线电阻．下列判断正确的是（）A. 若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值最大B. 当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动C. 若滑动触头P向下滑动，流过R0的电流将减小D. 若发电机线圈的转速减为原来的12，用户获得的功率也将减为原来的12【答案】B【解析】【分析】发电机线圈某时刻处于中性面，感应电动势为零，变压器原线圈的电流瞬时值最小为零；当用户数目增多时，滑动触头P应向下滑动，增大副线圈匝数，提高输出电压；若滑动触头P向下滑动，流过R0的电流是由用户和R0共同决定的；用户获得的功率是由变压器的输出功率和输电线损耗的功率共同决定的．【详解】A、若发电机线圈某时刻处于图示位置，此时线圈的磁通量为最大，但是穿过线圈磁通量的变化率最小为零，感应电动势为零，变压器原线圈的电流瞬时值最小为零，故A错误．B、当用户数目增多时，用电量增加，导线上的电压损失变大，用户得到的电压减小，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动，增大副线圈匝数，提高输出电压，故B正确．C、若滑动触头P向下滑动，副线圈的输出电压增大，但流过R0的电流是由用户和R0共同决定的，在用户不变的情况下，流过R0的电流将增大，故C错误．D、若线圈从中性面开始计时，发电机产生感应电动势的表达式为e=NBSωsin t ，ω=2πn，若发电机线圈的转速减为原来的12，感应电动势的最大值E m=NBSω将减为原来的12，变压器原线圈两端的电压将减为原来的12，副线圈的输出电压U也将减为原来的12，而用户获得的功率P用=IU-I2R0，P用是由变压器的输出功率和输电线损耗的功率共同决定的，故D 错误． 故选B7.三角形传送带以1m/s 的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是6m 且与水平方向的夹角均为37°．现有两个小物块A 、B 从传送带顶端都以1m/s 的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，（g 取10m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8）下列说法正确的是（ ）A. 物块A 先到达传送带底端B. 物块A 、B 同时到达传送带底端C. 传送带对物块A 做正功，对物块B 做负功D. 物块A 、B 在传送带上的划痕长度之比为1：2 【答案】BD 【解析】A 、对A ，因为3737mgsin mgcos μ︒>︒，则A 物体所受摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，B 所受摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，两物体匀加速直线运动的加速度相等，位移相等，则运动的时间相等，故A 错误，B 正确；C 、传送带对A 、B 的摩擦力方向与速度方向相反都沿传送带向上，传送带对物块A 和物块B 做负功，故C 错误；D 、对A ，划痕的长度等于A 的位移减为传送带的位移，以A 为研究对象，由牛顿第二定律得：22/a m s =，由运动学公式212x vt at =+得运动时间分别为：2t s =，所以皮带运动的位移为2x vt m ==，所以A 对皮带的划痕为：1624x m m m ∆=-=；对B ，划痕的长度等于B 的位移加上传送带的位移，同理得出B 对皮带的划痕为2628x m m ∆=+=，所以划痕之比为1：2，故D 正确； 故选BD ．【点睛】解决本题的关键能正确对其受力分析，判断A 、B 在传送带上的运动规律，结合运动学公式分析求解；特别分析划痕时，找出物理量间的关系是解据划痕的关键．8.如图所示，两方向相反、磁感应强度大小均为B的匀强磁场被边长为L的等边三角形ABC分开，三角形内磁场垂直纸面向里，三角形顶点A处有一质子源，能沿∠BAC的角平分线发射速度不同的质子(质子重力不计)，所有质子均能通过C点，质子比荷qm＝k，则质子的速度可能为()A. 2BkLB.2BkLC. 32BkLD.8BkL【答案】BD【解析】【详解】因质子带正电，且经过c点，其可能的轨迹如图所示，所有圆弧所对圆心角均为60 ，所以质子运行半径r＝Ln(n＝1，2，3．．．．．．)由洛伦兹力提供向心力得Bqv＝m2 v r即v＝qBrm＝BkLn(n＝1，2，3．．．．．．)故BD正确。
2020河北衡水中学高考物理押题卷
C.A、B系统的总动能最终将大于
D. 当弹簧的弹性势能最大时A、B的总动能为
【答案】CD
【解析】
【详解】ABC．系统水平方向动量守恒，弹簧解除锁定后存储的弹性势能会释放导致系统总动能增加，有
故B物体最终向右运动的速率大于v，A、B系统的总动量最终将等于mv，而A、B系统的总动能最终将大于 ，则AB错误，C正确；
设这些粒子在磁场中的运动圆弧所对应的圆心角为θ，则运动时间
在磁场中运动时间越短的带电粒子，圆心角越小，运动半径越大，根据 可知，速率一定越大，选项B错误，选项C正确；
D．通过的路程即圆弧的长度
与半径r和圆心角θ有关，速度越大路程并不是越短，选项D错误。
故选C。
4.如图所示，质量可忽略的绝缘细杆做成正方体框架，边长为a，框架的每个顶点固定着一个带电荷量为+q，质量为m的小球，将这个框架静止放在足够粗糙的水平面上，水平面上方有水平向右的匀强电场，场强为E，下列说法正确的是
可知北斗G4的线速度小等于北斗M3的线速度，故B正确；
C．倾斜轨道卫星的周期是24小时，在地面上看是移动的，因此不能总是在某点的正上方，故C错误；
D．根据万有引力提供向心力得
解得
可知周期的三分之二次方之比等于它们的半径之比，为 ，其中R0为地球的半径，约为6400km=6.4×106m，所以
故D错误。
C. 北斗-IGSO2总在地面上某点的正上方
D. 北斗-IGSO2和北斗-M3的周期的三分之二次方之比约等于
【答案】AB
【解析】
【详解】A．由表格可知，北斗IGSO2为倾斜地球同步轨道卫星，所以其运行周期和地球自转周期相等，故A正确；
B．由表格可知，北斗G4为同步卫星，北斗M3为中高卫星，根据万有引力提供向心力得
2020年河北省衡水中学高考物理一调试卷(含解析)
2020年河北省衡水中学高考物理一调试卷一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小盒b置于斜面上，通过跨过光滑定滑轮的细绳与物体a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，连接a的一段细绳竖直，a连接在竖直固定在地面的弹簧上，现向b盒内缓慢加入适量砂粒，a、b、c始终处于静止状态，下列说法中正确的是()A. b对c的摩擦力可能先减小后增大B. 地面对c的支持力可能不变C. c对地面的摩擦力方向始终向左D. 弹簧的弹力可能增大2.一物体做匀变速直线运动，下列说法中正确的是()A. 物体的末速度与时间成正比B. 物体的位移必与时间的平方成正比C. 物体速度在一段时间内的变化量与这段时间成正比D. 物体做匀加速直线运动时，加速度的方向与速度方向可能相反3.如果“嫦娥三号”在圆轨道上运动的半径为R1，周期为T1；在椭圆轨道上运动的半长轴为R2，周期为T2.则()A. T1T2=R1R2B. T1T2=R12R22C. T1T2=(R1R2)32 D. T1T2=(R1R2)234.如图所示，力F大小相等，A、B、C、D物体运动的位移s也相同，其中A、C图接触面光滑，B、D图接触面粗糙，哪种情况F做功最大()A. B.C. D.二、多选题（本大题共6小题，共33.0分）5.质量为m的物体，从静止开始，以g2的加速度竖直下落高度h的过程中()A. 物体的机械能守恒B. 物体的机械能减少了12mgℎC. 物体的重力势能减少了12mgℎ D. 物体的动能增加了12mgℎ6.小球A、B在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，m A=1kg，m B=2kg，v A=6m/s，v B=2m/s。
当小球A追上小球B并发生碰撞后，小球A、B的速度可能是()A. v A′=103m/s，v B′=103m/s B. v A′=2m/s，v B′=4m/sC. v A′=−4m/s，v B′=7m/sD. v A′=7m/s，v B′=1.5m/s7.如图所示，某人通过光滑定滑轮拉住一重物，当人向右跨出一步后，人与重物仍保持静止，则()A. 地面对人的摩擦力不变B. 地面对人的摩擦力增大C. 人对地面的压力减小D. 人对地面的压力增大8.如图所示，竖直平面内，固定一半径为R的光滑圆环，圆心为O，O点正上方固定一根竖直的光滑杆。
2020届河北衡水密卷新高考押题模拟考试(三)物理试卷
2020届河北衡水密卷新高考押题模拟考试（三）物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
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一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1. 在推导”匀变速直线运动位移的公式“时，把整个运动过程划分为很多个小段，每一小段近似为匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，物理学中把这种研究方法叫做“微元法”．下面实例中应用到这一思想方法的是（）A. 在探究牛顿第二定律的过程中，控制物体的质量不变，研究物体的加速度和力的关系B. 在计算带电体间的相互作用力时，若电荷量分布对计算影响很小，可将带电体看作点电荷C. 在求两个力的合力是，如果把一个力的作用效果与两个力共同作用的效果相同，这个力就是两个力的合力D. 在探究弹簧弹性势能表达式的过程中，把拉伸弹簧的过程分为很多小段，在每一小段内认为弹簧的弹力是恒力，然后把每一小段弹力所做的功相加【答案】D【解析】试题分析：在探究牛顿第二定律的过程中，控制物体的质量不变，研究物体的加速度和力的关系，此方法为控制变量法；在计算带电体间的相互作用力时，若电荷量分布对计算影响很小，可将带电体看作点电荷，此方法为模型法；在求两个力的合力是，如果把一个力的作用效果与两个力共同作用的效果相同，这个力就是两个力的合力，此方法为等效法；在探究弹簧弹性势能表达式的过程中，把拉伸弹簧的过程分为很多小段，在每一小段内认为弹簧的弹力是恒力，然后把每一小段弹力所做的功相加，此方法为微元法；故选项D 正确．考点：物理问题的研究方法．2.从地面上以初速度2v 0竖直上抛物体A ，相隔时间△t 以后再以初速度v 0从同一地点竖直上抛物体B ，不计空气阻力。
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试(三十)物理试卷
2020届河北衡水中学新高考押题信息考试（三十）物理试卷★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
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一、选择题（共10小题，每小题4分，满分44分）1.关于以下各物理量的理解正确的是（）A. 重力势能是标量，-3 J 比-5 J 大B. 位移是矢量，-3 m 比-5 m 大C. 速度是矢量，-3 m/s 比-5 m/s 大D. 功是标量，做功-3 J 比-5 J 多【答案】A【解析】【详解】A．重力势能是标量，符号表示大小，则-3J比-5J大，选项A正确；B．位移是矢量，符号表示方向，则-3m比-5m小，选项B错误；C．速度是矢量，符号表示方向，则-3m/s比-5m/s小，选项C错误；D．功是标量，没有方向，则做功-3J比-5J少，选项D错误；2.如图所示，质量为4kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面．质量为1kg的物体B用细线悬挂起来，A、B 紧挨在一起但A、B之间无压力．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，B对A的压力大小为（g取l0m/s2）的（ ）A. 0B. 50NC. 10ND. 8N【答案】D 【解析】【详解】剪断细线前，A 、B 间无压力，则弹簧的弹力F=m A g=40N ，剪断细线的瞬间，对整体分析，整体加速度：()()24110402/41A B A Bm m g F a m s m m +-+⨯-==++＝，隔离对B 分析，m B g-N=m B a ，解得：N=m B g-m B a=10-1×2N=8N ．故D 正确，ABC 错误．故选D ．3.如图所示，真空中ab 、cd 四点共线且ab=b=cd 在a 点和d 点分别固定有等量的异种点电荷，则下列说法正确的是A. b 、c 两点的电场强度大小相等，方向相反B. b 、c 两点的电场强度大小不相等，但方向相同C. 同一负点电荷在b 点的电势能比在c 点的小D. 把正点电荷从b 点沿直线移到c 点，电场力对其先做正功后做负功 【答案】C 【解析】【详解】A 、B 项：由等量异种电荷的电场线分布可知，b 、c 两点的场强大小相等，方向相同，故A 、B 错误；C 项：由电场线从正电荷指向负电荷即电场线由b 指向c ，所以b 点的电势高于c 点电势，根据负电荷在电势低处电势能大，即负电荷在b 点的电势更小，故C 正确；D 项：由C 分析可知，电场线从b 指向c ，正电荷从b 沿直线运动到c ，电场力一直做正功，故D 错误．故应选：C ．4.关于原子或原子核的相关知识，下列说法中正确的是 A. α粒子散射现象说明原子核具有一定的结构 B. 原子序数较小的元素都不能自发放出射线 C. 原子发光现象没有涉及到原子核内部的变化D. 光电效应现象中逸出的电子是原子核内中子转变成质子时产生的 【答案】C 【解析】【详解】A. α粒子散射现象说明原子的核式结构模型，不能得出原子核内部具有复杂结构，故A 错误； B. 原子序数大于或等于83的元素，都能自发地发出射线，原子序数小于83的元素，有的也能自发地放出射线，故B 错误；C. 原子发光现象是原子从高能级向低能级跃迁时辐射出光子，没有涉及到原子核内部的变化，故C 正确； D. 光电效应现象中逸出的电子是核外电子吸收光子能量后获得足够的能量摆脱原子核的束缚而溢出，故D 错误． 故选C.5.如图所示为研究平行通电直导线之间相互作用的实验装置．接通电路后发现两根导线均发生形变，此时通过导线M 和N 的电流大小分别为I 1和I 2，已知I 1> I 2，方向均向上．若用F 1和F 2分别表示导线M 与N 受到的磁场力，则下列说法正确的是A. 两根导线相互排斥B. 为判断F 1的方向，需要知道I l 和I 2的合磁场方向C. 两个力的大小关系为F 1> F 2D. 仅增大电流I2，F1、F2会同时都增大【答案】D【解析】【详解】A、同向电流相互吸引，故A错误；B、判断F1的方向，需要知道I2在I l处产生的磁场方向即可，故B错误；C、F1和F2是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故C错误；D、增大电流I2，F1、F2同时增大，故D正确．6.几个水球可以挡住子弹？《国家地理频道》实验证实：四个水球就足够！四个完全相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动．恰好能穿出第四个水球，则可以判定（）A. 由题干信息可以确定子弹在每个水球中运动的时间相同B. 子弹穿出第三个水球时的瞬时速度与全程的平均速度相等C. 子弹穿过每个水球时速度变化量相同D. 子弹穿过每个水球时动量的变化量相同【答案】B【解析】【详解】A.子弹做匀减速直线运动，通过相同的水球，即通过相同的位移，运动的时间不等，故A错误．B.逆向思考，把子弹的运动看作反向的初速度为零的匀加速直线运动，通过相同的位移所用时间之比为：2323)，则通过第三个水球的时间与通过第四个水球的时间相等，即此时为中间时刻，根据匀变速直线运动的规律可知，中间时刻的瞬时速度等于全程的平均速度，故B正确．CD.子弹闯过每个水球的时间不同，速度变化量不等，动量变化量不等，故CD错误．7.如图，C为中间插有电介质的电容器，b极板与静电计金属球连接，a极板与静电计金属外壳都接地．开始时静电计指针张角为零，在b板带电后，静电计指针张开了一定角度．以下操作能使静电计指针张角变大的是（）A. 将b 板也接地B. b 板不动、将a 板向右平移C. 将a 板向上移动一小段距离D. 取出a 、b 两极板间的电介质 【答案】CD 【解析】 【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大；由4SC kdεπ=，分析电容的变化，根据C=Q/U 分析电压U 的变化．【详解】将b 板也接地，电容器带电量不变，两板间的电势差不变，则静电计指针张角不变，选项A 错误；b 板不动、将a 板向右平移，根据4SC kdεπ=可知d 变小时，C 变大，Q 不变时，根据C=Q/U ，可知U 减小，即静电计指针张角变小，选项B 错误；将a 板向上移动一小段距离，根据4SC kdεπ=可知S 变小时，C 变小，Q 不变时，根据C=Q/U ，可知U 变大，即静电计指针张角变大，选项C 正确；取出a 、b 两极板间的电介质，根据4SC kdεπ=可知C 变小，Q 不变时，根据C=Q/U ，可知U 变大，即静电计指针张角变大，选项D 正确；故选CD.【点睛】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式4SC kdεπ=和C=Q/U ． 8.如图所示，10匝矩形线框处在磁感应强度B= 2T 的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴以恒定角速度ω=l0rad/s 在匀强磁场中转动，线框电阻不计，面积为0.4m 2，线框通过滑环与一理想自耦变压器的原线圈相连，副线圈接有一只灯泡L （规格为“4W ，l00Ω”）和滑动变阻器，电流表视为理想电表，则下列说法正确的是A. 若从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为2)VtB. 当灯泡正常发光时，原、副线圈的匝数比为1:2C. 若将滑动变阻器滑片向上移动，则电流表示数增大D. 若将自耦变压器触头向下滑动，灯泡会变暗【答案】AD【解析】【详解】A. 输入电压的最大值为：U m22V，图示时刻感应电动势最大，从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为()402cos10t V，故A正确；B. 变压器输入电压的有效值为：U1=U m222V=40V．开关闭合时灯泡正常发光，所以U2PR4100⨯，此时原副线圈的匝数比为：n1:n2=U1:U2=40:20=2:1，故B错误；C. 线圈匝数不变，根据U1：U2=n1：n2可知输出电压不变，若将滑动变阻器触头向上滑动，连入电路电阻变大，负载等效电阻变大，P1=P2═22UR变小，又P1=U1I1可知电流表示数变小，故C错误；D. 若将自耦变压器触头向下滑动，副线圈匝数变小，根据U1：U2=n1：n2可知输出电压减小，所以灯泡变暗，故D正确；故选AD.9. 如图，足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成θ角(0＜θ＜90°)，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计．金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab棒接入电路的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电量为q时，棒的速度大小为v，则金属棒ab在这一过程中( )A. 运动的平均速度大小为12v B. 下滑的位移大小为qR BLC. 产生的焦耳热为qBLvD. 受到的最大安培力大小为22sin B L vRθ【答案】B 【解析】金属棒ab 开始做加速度逐渐减小的变加速运动，不是匀变速直线运动，平均速度大于12v ，故A 错误．由R BLxRq ∆Φ== 可知：下滑的位移qRx BL= ；故B 正确；产生的焦耳热Q=I 2Rt=qIR ，而这里的电流I 比棒的速度大小为v 时的电流vI RBL '=小，故这一过程产生的焦耳热小于qBLv ．故C 错误；金属棒受到的安培力22BLv B L vF BIL BL B E L R R R⋅⋅====安，故D 错误；故选B ． 点睛：本题考查了电磁感应与力学的综合，关键理清金属棒的运动规律，能知道求电量时要用法拉第电磁感应定律求平均电动势. 【此处有视频，请去附件查看】10.如图，固定于小车上的支架上用细线悬挂一小球．线长为L ．小车以速度V 0做匀速直线运动，当小车突然碰到障碍物而停止运动时．小球上升的高度的可能值是（ ）A. 等于22v gB. 小于202v gC. 大于202v gD. 等于2L【答案】ABD 【解析】试题分析：当小车突然碰到障碍物而停止运动时，由于惯性小球的速度仍为0v ，若0v 可以满足小球做圆周运动，则小球可以上升的最高点正好为圆的直径，即为2L ，若小球不能做圆周运动，则根据机械能守恒可得2012mv mgh =，解得202v h g =，若空气阻力不能忽略，则小球的机械能不守恒，上升高度小于202v g ，故ABD 正确考点：考查了圆周运动，机械能守恒【名师点睛】小球在运动的过程中机械能守恒，由机械能守恒可以求得小球能到达的最大高度；如果小球可以达到最高点做圆周运动的话，那么最大的高度就是圆周运动的直径，本题由多种可能性，在分析问题的时候一定要考虑全面，本题考查的就是学生能不能全面的考虑问题，难度不大二、解答题（共4小题，满分44分）11.某同学在验证合外力一定，物体的质量与加速度的关系时，采用图甲所示的装置及数字化信息系统获得了小车的加速度a 与小车质量M(包括所放砝码及传感器的质量)的对应关系图象，如图乙所示．实验中所挂钩码的质量20g ，实验中选用的是不可伸长的轻绳和光滑的轻质定滑轮．(1)实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的轻绳与木板平行．他这样做的目的是下列哪一个_____________；(填字母代号)A ．可使位移传感器测出的小车的加速度更准确B ．可以保证小车最终能够做直线运动C ．可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车所受的合力 (2)由图乙可知，1a M-图线不过原点O ，原因是_____________________________； (3)该图线的初始段为直线，该段直线的斜率最接近的数值是_____________．A ．30B ．0.3C ．20D ．0.2【答案】 (1). （1）C (2). （2）平衡摩擦力使长木板的倾角过大； (3). （3）D 【解析】【详解】（1）实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的轻绳与木板平行．他这样做的目的是可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车所受的合力，故选C. （2）由F +F 1=Ma 解得11F a F M M =⋅+ 由图乙可知，1a M-图线不过原点O ，在a 轴上有正截距，可知存在与F 相同方向的力，可知原因是平衡摩擦力使长木板的倾角过大； （3）根据1a F M =⋅可知1a M-图线斜率等于F ，则最接近的数值是F =mg =0.02×10N=0.2N.故选D. 12.在“测定蓄电池的电动势和内电阻”的实验中，备有如下器材 A ．蓄电池B ．电流表（0～0．6A ，内阻约为0．1Ω）C ．灵敏电流计G （满偏电流g 200μA I =，内阻1500g r =Ω）D ．滑动变阻器R 1（0～20Ω，2.0A ）E ．电阻箱R 2F ．定值定阻R 0＝2Ω C ．开关、导线若干（1）由于没有电压表，可把灵敏电流计G 与电阻箱R 2串联改装成量程为6V 的电压表，如图甲中电阻箱R 2的阻值应为_____Ω．（2）按图甲所示电路图，请在乙图上补充完成实物连线．________（3）在闭合开关S 前，将滑动变阻器的滑片移动至图甲中的______端（填“a ”、“中央”或“b ”）．（4）丙图为该实验绘出的I 1－I 2图线（I 1为灵敏电流计G 的示数，I 2为电流表A 的示数由丙图可求得被测蓄电池的电动势E ＝____V ，内电阻r ＝___Ω．（结果保留三位有效数字）【答案】 (1). 28500 (2). (3). a (4). 5.25 (5). 2.5【解析】 【分析】根据串联电路特点及欧姆定律求出串联电阻阻值；闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值，根据电路图确定滑片的位置；由图象求出与纵轴的交点，然后由欧姆定律求出该电流所对应的电压，该电压是电源的电动势；图象斜率的绝对值等于电源的内阻； 【详解】(1)[1]串联电阻阻值6266200101500Ω28500Ω20010g ggU I r R I ----⨯⨯===⨯ (2)[2]按图甲所示电路图，在乙图上补充完成实物连线如图(3)[3]在闭合开关S 前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值，将滑动变阻器的滑片移动至a 端；(4)[4][5]由电路图和闭合电路欧姆定律可得，12120()()()g I R R E I I r R +=-++化简可得：0122020()(+)(+)g g r R EI I R R r R R R r R +=-⋅++++所示图丙可知，图象斜率等于为-6-620()17510A10010A=(+)0.5Agr RR R r R+⨯-⨯++代入数据可得蓄电池内阻： 2.5r≈Ω纵轴截距是1175μAI=，蓄电池电动势：()6120()17510A1500285002 5.25VgE I r R R r r-=+++=⨯⨯Ω+Ω+Ω+≈13.在中美贸易战中，中兴的遭遇告诉我们，要重视芯片的自主研发工作，而芯片的基础工作在于半导体的工艺．如图所示，在半导体离子注入工艺中，初速度可忽略的磷离子P+和P3+，经电压为U的电场加速后，垂直进入方向垂直纸面向里、宽度为D的匀强磁场区域，其中离子P+在磁场中转过θ＝30°后从磁场右边界射出．已知P+和P3+的质量均为m，而电量分别为e和3e（e表示元电荷）．（1）求匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）求P3+在磁场中转过的角度φ．【答案】（12meU2）60°【解析】【详解】（1）对离子P+在电场中的加速运动，由动能定理：2112eU mv=，在磁场中由洛伦兹力提供向心力：2111vev B mr=，由几何关系可得：r1sinθ＝D联立各式解得：匀强磁场的磁感应强度B的大小为：22meUBeD=；（2）对离子P3+在电场中的加速运动，由动能定理：22132eU mv=，在磁场中，洛伦兹力提供向心力：2222 3v ev B mr=由几何关系可得：r2sinφ＝D，联立以上各式解得：P3+在磁场中转过的角度φ＝60°；14.如图a所示，轨道OA可绕轴O在竖直平面内转动，轨道长L＝2m，摩擦很小可忽略不计．利用此装置实验探究物块在力F作用下加速度与轨道倾角的关系．某次实验，测得力F的大小为0.6N，方向始终平行于轨道向上，已知物块的质量m＝0.1kg．实验得到如图b所示物块加速度与轨道倾角的关系图线，图中a0为图线与纵轴交点，θ1为图线与横轴交点．（重力加速度g取10m/s2）问：（1）a0多大？（2）倾角θ1为多大？此时物块处于怎样的运动状态？（3）当倾角θ为30︒，若物块在F作用下由O点从静止开始运动1.6s，则物块具有的最大重力势能为多少？（设O所在水平面的重力势能为零）【答案】(1)6m/s2；(2) 370；物块可能沿斜面向上匀速运动；可能沿斜面向下匀速运动；静止；(3)0.768J 【解析】【详解】（1）θ=00，木板水平放置，此时物块的加速度为a0由牛顿第二定律，得：F合＝F＝ma0解得a0＝F/m=0.6/0.1m/s2=6m/s2（2）当木板倾角为θ1时，a=0，则F=mgsinθ1，解得θ1=370；物块可能沿斜面向上匀速运动；可能沿斜面向下匀速运动；静止；（3）当木板倾角为θ=300时，对物块由牛顿定律得：F-mgsin θ＝ma 10.6-0.1×10×0.5＝0.1a 1解得 a 1＝1m/s 2v 1＝a 1t=1×1.6m/s =1.6m/ss 1＝12a 1t 2= 12×1×1.62 m =1.28 m 撤去F 后，物块沿斜面向上做匀减速运动．对物块由牛顿定律得：mgsin θ＝ma 2a 2＝gsin300＝10×0.5 m/s 2=5m/s 222122 1.60.256225v s m m a ===⨯ 因为s 1+s 2<L=2m 所以物块上滑不会脱离轨道，滑到速度为零时，势能最大以O 处为零势能面，物块具有的最大重力势能为：Ep ＝mg （s 1+s 2）sin300=0.1×10×（1.28+0.256）×0.5J=0.768J15.下列说法正确的是_____A. 悬浮在液体中的微粒越大，某一瞬间撞击它的液体分子数越多，布朗运动越明显B. 液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力C. 分子平均速率大的物体的温度一定比分子平均速率小的物体的温度高D. 自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性E. 外界对气体做功，气体的内能可能减小【答案】BDE【解析】【详解】A ．悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间撞击它的液体分子数越少，布朗运动越明显，故A 错误； B ．由于表面分子较为稀疏，故液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力，故B 正确；C ．分子的平均动能相等时，物体的温度相等；考虑到分子的质量可能不同，分子平均速率大有可能分子的平均动能小；分子平均速率小有可能分子的平均动能大．故C 错误；D ．由热力学第二定律可知，自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故D 正确；E ．当外界对气体做功，根据热力学第一定律△U=W+Q 分析可知，内能可能增大也可能减小，故E 正确．16.如图，导热性能良好的水平放置的圆筒形气缸与一装有水银的U形管相连，U形管左侧上端封闭一段长度为15cm的空气柱，U形管右侧用活塞封闭一定质量的理想气体．开始时U形管两臂中水银面齐平，活塞处于静止状态，此时U形管右侧用活塞封闭的气体体积为490mL，若用力F缓慢向左推动活塞，使活塞从A位置移动到B位置，此时U形管两臂中的液面高度差为10cm，已知外界大气压强为75cmHg，不计活塞与气缸内壁间的摩擦，求活塞移动到B位置时U形管右侧用活塞封闭的气体体积．【答案】300mL【解析】【详解】对左侧密闭气体，设管横截面积为S，初态：P1=P0=75cmHg，由等温变化可得：P1V1= P′1V′1对右侧气体，末态：P′2= P′1+10由等温变化可得：P2V2= P′2V′2解得：V′2=300mL17.图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P以此时刻为计时起点的振动图象.从该时刻起，下列说法正确的是_________.A. 经过0.1s，质点Q回到原位置B. 经过0.1s时，质点Q的运动方向沿y轴负方向C. 经过0.15s，这列波沿x轴的正方向传播了3mD. 经过0.25s时，质点Q的加速度大于质点P的加速度E. 经过0.35s时，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离【答案】BCE【解析】【详解】根据甲乙两图可知，该波的波长和周期分别为λ=4m ，T=0.2s ，所以波速20/v m s T λ==；乙图中t=0时刻P 正向下振动，在甲图中，根据波形平移法可知波向右传播；甲图中，此时P 正向下运动，周期T=0.2s ，t=0.1s=0.5T ，质点Q 的运动方向沿y 轴负向，回到原位置，选项A 错误，B 正确；则经过0.1s ，波传播的距离：x=vt=20×0.15m=3m ，选项C 正确；经t=0.25s=114T 时，P 点到达波谷，加速度达到最大值，Q 点到达平衡位置上方，但是未到波峰，所以质点Q 的加速度小于质点P 的加速度，选项D 错误；经过t=0.35s=134T 时，P 到达波峰，Q 到达平衡位置下方，但是未到达波谷，则质点Q 距平衡位置的距离小于质点P 距离平衡位置的距离，选项E 正确；故选BCE.18.如图所示，空气中有一半径为R 的实心玻璃球，O 为球心，AB 为直径，一条平行于AB 的光线从球体上M 点射入折射光线恰好过B 点，已知30ABM o ∠=，光在真空中传播的速度为c ．求：()1该玻璃的折射率；()2光从M 点传播到B 点的时间．【答案】（1）3n =（2）3t R c =【解析】【分析】（1）根据几何知识求出入射角和折射角，由折射定律求折射率．（2）由几何关系求出MB 长度，由v c n =求出光在玻璃球内传播的速度v ，再由t s v=求出时间． 【详解】（1）如图，由几何知识可得折射角 r ＝∠AMB ＝30°，折射角i ＝2∠ABD ＝60°则此玻璃的折射率为 n 60330sinr sin sini sin ︒===︒（2）由几何知识可得，MB的长度S＝2Rcos30°光在玻璃球内传播的速度vc n =故光线从M传到B的时间为t333 S nS R R v c c⨯====【点睛】本题是折射定律和全反射知识的应用，关键是画出光路图，运用几何知识求解入射角与折射角，即可求解．。
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2020年河北省衡水中学高考物理押题试卷一、单选题（本大题共4小题，共24.0分）1.我国科学家为解决“玉兔号”月球车长时间处于黑夜工作的需要，研制了一种小型核能电池，将核反应释放的核能转变为电能，需要的功率并不大，但要便于防护其产生的核辐射。
请据此猜测“玉兔号”所用核能电池有可能采纳的核反应方程是A. B.C. D.2.穿梭于大街小巷的共享单车解决了人们出行的“最后一公里”问题。
单车的传动装置如图所示，链轮的齿数为38，飞轮的齿数为16，后轮直径为660mm，若小明以匀速骑行，则脚踩踏板的角速度约为A. B. C. D.3.如图所示圆形区域内，有垂直于纸面方向的匀强磁场，一束质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率，沿着相同的方向，对准圆心O射入匀强磁场，又都从该磁场中射出，这些粒子在磁场中的运动时间有的较长，有的较短，若带电粒子只受磁场力的作用，则在磁场中运动时间越短的带电粒子A. 在磁场中的周期一定越小B. 在磁场中的速率一定越小C. 在磁场中的轨道半径一定越大D. 在磁场中通过的路程一定越小4.如图所示，质量可忽略的绝缘细杆做成正方体框架，边长为a，框架的每个顶点固定着一个带电荷量为，质量为m的小球，将这个框架静止放在足够粗糙的水平面上，水平面上方有水平向右的匀强电场，场强为E，下列说法正确的是A. 立方体中心位置处电场强度为零B. 上方四个小球受到的电场力的合力均相同C. 若以右下底边为轴把这个立方体向右侧翻转，系统电势能减少了6qEaD. 若以右下底边为轴把这个立方体向右侧翻转，系统电势能减少了8qEa二、多选题（本大题共6小题，共33.0分）5.如图甲所示是一个理想变压器和一组理想二极管，A、B是变压器次级线圈的输出端，C、D、E、F、G、H是二极管组接线端，变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈电压按图乙所示规律变化，原线圈接有交流电压表，把A、B端适当的接在C、E、F、H中的某些位置，就可以向接在D、G之间的用电器供直流电，下列说法正确的是A. A、B两端电压为B. A、B输出端电流方向1s改变100次C. 把AC接一起，再把BH接一起，则电流可以从G流出过用电器从D流回D. 把ACF接一起，再把BEH接一起，则电流可以从G流出过用电器从D流回6.北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星导航系统。
由35颗卫星组成，包括5颗静止轨道卫星、3颗倾斜同步轨道卫星、27颗中地球轨道卫星，表给出了其中三颗卫星的信息，其中倾卫星发射日期运行轨道北斗2010年11月01日地球静止轨道，高度35815公里，倾角北斗2010年12月18日倾斜地球同步轨道，高度35883公里，倾角北斗2012年04月30日中地球轨道，高度21607公里，倾角北斗的运行周期和地球自转周期相等B. 北斗的线速度小于北斗的线速度C. 北斗总在地面上某点的正上方D. 北斗和北斗的周期的三分之二次方之比约等于7.如图所示，光滑水平地面上有A、B两物体，质量都为m，B左端固定一个处在压缩状态的轻弹簧，轻弹簧被装置锁定，当弹簧再受到压缩时锁定装置会失效。
A以速率v向右运动，当A撞上弹簧后，设弹簧始终不超过弹性限度，关于它们后续的运动过程说法正确的是A. A物体最终会静止，B物体最终会以速率v向右运动B. A、B系统的总动量最终将大于mvC. A、B系统的总动能最终将大于D. 当弹簧的弹性势能最大时A、B的总动能为8.如图所示，光滑水平桌面上并排放两个完全相同的可视为质点的物块A、B，质量均为m，其中物块A被一条遵守胡克定律的弹性绳连接，绳另一端固定在高处O点，弹性绳的原长为L，劲度系数为k，当物块A在O点正下方时绳处于原长状态。
现使物块A、B一起从绳和竖直方向夹角为开始释放，下列说法正确的是A. 刚一释放时物块A对物块B的推力为B. 物块A向右运动的最远距离为C. 从静止到物块A、B分离，绳对A做的功大于A对B做的功D. 从静止到物块A、B分离，绳对A的冲量大于A对B的冲量9.如图所示，一定质量的理想气体状态发生改变，在关系图象中经历从状态循环变化过程。
下列说法正确的是A. 过程中，分子的平均动能增大，外界对气体做正功B. 过程中，分子的平均动能增大，气体吸热C. 过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减小D. 过程，气体对外做的功等于系统和外界传递的热量E. 过程中，气体分子速率分布曲线的峰值位置不发生变化10.如图所示，从点光源S发出的一束复色光，以一定的角度入射到玻璃三棱镜的表面，经过三棱镜的两次折射后分为a、b两束光。
下面的说法中正确的是A. 在三棱镜中a光的传播速率大于b光的传播速率B. a光频率大于b光频率C. 若改变复色光的入射角，可在入射面发生全反射D. a、b两束光分别通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹的间距E. 真空中的a、b两束光的光速相对于不同的惯性参考系是相同的三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）11.手机电池多为锂电池，这种电池的电动势并不是一个定值，刚充满的电池电动势约，在使用过程中降低到时建议终止放电。
为尽可能精确地测量出某手机电池刚充满电时的电动势，可供选用的器材如下：A.电流表A：量程、内阻B.电压表V：量程、内阻C.滑动变阻器R：最大阻值D.电阻箱：E.待测手机电池EF.一个开关S及导线若干选用合适的仪器，画出你设计的实验电路图。
根据自己设计的电路，得到电动势需要测量的物理量有______，电动势测量值的表达式______。
12.某同学用如图所示的气垫导轨和光电门装置来做“验证动能定理”的实验，他的操作步骤如下：将一端带有定滑轮的气垫导轨放置在实验台上；将光电门固定在气垫轨道上离定滑轮较近一端的某点B处；将带有遮光条的质量为M的滑块放置在气垫导轨上的A处；用n个质量为m的钩码连接成串，经绕过滑轮的细线拉滑块，使滑块从A点由静止释放，在光电计时器上读出遮光条通过光电门的时间t；改变钩码个数，使滑块每次从同一位置A由静止释放，重复上述实验过程。
实验中释放点A 到光电门的距离为s，遮光条的宽度为d。
该同学操作中疏漏的重要实验步骤是______；数据处理时，该同学认为钩码的总重力等于滑块所受的外力，得出滑块动能的表达式为______，滑块所受外力做功的表达式为______；根据你掌握的物理知识判断，该同学认为“钩码的总重力等于滑块所受的外力”，是否合理，并说明理由______；该同学正确操作后，用图象法处理数据，若以钩码个数为横轴，以时间t的______次方为纵轴，画出的图象是直线，直线斜率的表达式是______。
四、计算题（本大题共2小题，共28.0分）13.如图所示，在竖直平面内有一固定光滑绝缘轨道，其中AB部分是倾角为的直轨道，BCD部分是以O为圆心、半径为R的圆弧轨道，两轨道相切于B点，D点与O点等高，A点在D点的正下方。
圆的水平直径下方有水平向左的电场，质量为m、带电荷量为q的小球从A点由静止开始沿斜面向上运动，已知小球刚好能沿圆轨道经过最高点C，然后经过D点落回到AB之间某点。
已知，，重力加速度大小为g。
求：小球在C点的速度的大小；小球在AB段运动过程中电场力所做的功；小球从D点运动落到AB上某点的时间。
14.振源处于x轴原点处，分别向x轴正向和负向形成两列简谐横波，在x轴上有两点P和Q，它们的振动图象分别是图甲和图乙，它们间的距离为如果它们都在x轴的正半轴，求这列波的可能速度；如果P点在x轴的负半轴，坐标为，Q点在x轴的正半轴，求这列波的最大速度？五、简答题（本大题共2小题，共24.0分）15.如图甲所示，足够长的柔软导线跨过滑轮悬挂两条水平金属棒MN、PQ，棒长均为，电阻值均为的电阻。
MN质量，PQ质量，整个装置处于磁感应强度的匀强磁场中，磁场方向水平且垂直于MN和时刻，对金属棒MN 施加一个竖直向下的外力F，使之由静止开始运动，运动过程中电路中的电流I随时间t变化的关系如图乙所示。
电路中其他部分电阻忽略不计，g取。
求末金属棒MN瞬时速度的大小；求末力F的瞬时功率；已知时间内MN上产生的热量为，试计算F对金属棒MN所做的功。
16.伽利略温度计结构如图所示。
玻璃泡A容积为，内封有一定量气体，与A相连的B管插在液体槽中，液体密度为，管内径的横截面积为S，已知环境温度为时，管内液面的高度差为，当环境温度变化时，x即可反映泡内气体的温度，即环境温度，并可由B管上的刻度直接读出。
已知大气压强为，重力加速度为g，只有在近似条件下温度T和x的关系才是线性关系。
在下述条件下求此线性关系：管的容积远小于A泡的容积；管内液体密度很小，引起的压强远小于大气压强；试分析指出这种温度计的缺点。
-------- 答案与解析 --------1.答案：C解析：解：A、此核反应是聚变反应，反应剧烈，至今可控聚变反应还处于各种实验研究阶段，所以不宜采用，故A错误；B、此核反应是重核裂变反应，虽然实现了人工控制，但因反应剧烈，防护要求高还不能小型化，目前只是一些大型的核电站采用，故B错误；C、此核反应是人工放射性同位素的衰变反应，是小型核能电池主要采用的反应方式，故C正确；D、此核反应是人工核转变反应，需要高能粒子，在月球上不宜实现，故D错误。
故选：C。
根据“玉兔号”月球车长时间处于黑夜工作的需要，将核反应释放的核能转变为电能，需要的功率并不大，便于防护其产生的核辐射，只有人工放射性同位素的衰变反应符合这些要求。
本题考查的是四种核反应的特点以及在实际生产生活中的应用，关键是要熟悉相关核反应的内容并强化记忆。
2.答案：B解析：解：飞轮与链轮通过链条链接，所以线速度相等。
设飞轮和后轮角速度相等为，链轮和飞轮的边缘线速度相等为v，链轮和踏板角速度相等为，由于半径与齿数成正比，故，又，，代入数据得，故B正确，ACD错误。
故选：B。
踏脚板与链轮共轴，所以角速度相等，飞轮与链轮通过链条链接，所以线速度相等，根据自行车的骑行速度求出飞轮的角速度，再根据飞轮角速度与链轮角速度的关系，求出。
解决本题的关键是要知道：若共轴，则角速度相等，若共线，则线速度相等。
3.答案：C解析：解：A、带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，，周期，联立解得周期公式：，粒子的比荷相同，它们进入匀强磁场后做匀速圆周运动的周期相同，故A错误；BC、做出粒子运动的轨迹，如图所示：设这些粒子在磁场中的运动圆弧所对应的圆心角为，则运动时间：，在磁场中运动时间越短的带电粒子，圆心角越小，运动半径越大，根据半径公式：，速率一定越大，故B错误，C正确；D、通过的路程即圆弧的长度：，与半径R和圆心角有关，故D错误。
故选：C。
带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，得到轨道半径和周期公式分析。