湖北省黄冈市2020届高三地理上学期阶段性检测试题(含答案)
2020年湖北省黄冈市高三年级9月质量检测：地理试题(含答案)
2020年精编地理学习资料湖北省黄冈市高三年级9月质量检测：地理试题（含答案）地理试题9月20日上午10：30～12：00第I卷（选择题共50分）本卷共2，5小题，每小题2分，共50分。
在每题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。
图1示意某地聚落的分布状况，图中相邻等高线之间高差均为20米。
读图完成1--3题。
1．“水是生命之源”，聚落分布与水源条件密切相关，图中聚落密集区最可能位于A．山谷B．鞍部C．山脊D．山顶2．图示聚落密集区的面积约为A.0．05 km2B.0. lkm2.C．0.5km2D．5km23．图示聚落密集区的最大高差可能是A. 80米B．99米C．120米D．145米，为世界上最具观赏性的篮球比——美国职业男子篮球联赛（简称“NBA"）在中国有大批的球迷。
图2示意部分球队所在城市，读图完成4 ~6题。
4．假定NBA每场比赛（时长2.5小时）均为当地时间19：30举行，为保证CCTV一5能在北京时间8:00--14:00时间段先后直播两场比赛，宜选择的两个比赛城市是A．②④B．③①C．③②D．④①5．若一球队乘飞机从④地飞往①地比赛，仅从缩短航行距离角度考虑，飞行方向为A．西南B．东北C．先西南后西北D．先西北后西南6．NBA很多球队的命名带有鲜明的地域特色（如位于佛罗里达半岛的迈阿密热火队的命名，就是该地区纬度低，气温高。
），下列城市球队名称最符合以“太阳”命名的是A．①B．②C．③D．④读图3，完成7～8题。
7．一日内CO2浓度变化最大的地面高度范围是A.0~5 mB. 10~15mC.20~25mD.30~35rn8．根据图示信息推测，一年内森林周围常出现CO2不足现象的季节是A．春季B．夏季C．秋季D．冬季图4示意我国拉萨地区多年平均太阳辐射与日照时数年内变化，读图完成9 ~11题. 9．下列说法正确的是A．太阳辐射与日照时数呈正相关B．太阳辐射与日照时数呈负相关C．太阳辐射第二季度最丰富D．日照时数夏季最长10．拉萨8月与1月太阳辐射相差较大的主导因素是A．太阳高度B．日照时数C．天气状况D．植被覆盖11．日照百分率为一个时间段内某地日照时数（日照时数指太阳在某地实际照射的时间）与理论上最大的日照时数的比值（%)。
湖南省部分学校2025届高三上学期10月阶段检测联合考试地理试卷含答案
高三年级阶段检测联合考试地理（答案在最后）本试卷满分100分，考试用时75分钟。
注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
4．本试卷主要考试内容：高考全部内容。
一、选择题：本题共16小题，每小题3分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
航空货运是交通运输的重要组成部分，能够有效配置全球和大区域尺度的优质资源，从而对区域经济发展起到重要作用。
2008—2019年，成都、昆明、西安、兰州、乌鲁木齐等地的机场建设成为我国的枢纽机场。
下图示意2000—2019年中国航空货运吞吐量分布椭圆中心（重心）及其变化轨迹。
完成下面小题。
1.2000—2004年，我国航空货运吞吐量重心大致向（）A.东南方向移动B.西南方向移动C.东北方向移动D.西北方向移动2.影响2008—2019年我国航空货运吞吐量重心变化的主要因素是（）A.市场需求B.国家政策C.人口迁移D.生态环境【答案】1.A 2.B【解析】【1题详解】读图可知，2000—2004年，我国航空货运吞吐量重心由西北向东南方向移动，A正确，BCD错误。
故选A。
2008—2019年，我国航空货运吞吐量重心呈现向西南方向移动的趋势，在该时期，我国西部地区着力建设枢纽机场，成都、昆明、西安、兰州、乌鲁木齐等地机场的航空货运枢纽地位不断提高，航空网络逐步完善，这是受国家政策影响的结果，B正确；东南地区经济发展水平较高，市场需求较大，人口迁入较多，AC错误；与生态环境关系不大，D错误。
故选B。
【点睛】航空货运是现代航空物流航空货运业务中的重要组成部分，国际贸易中贵重物品、鲜活货物和精密仪器运输所不可缺的运输方式。
湖北省黄冈市2020届高三地理上学期9月新起点考试试题
2020 届高三年级 9 月新起点考试地理试卷本试卷共 6 页， 26 题。
全卷满分100 分，考试用时90 分钟。
注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考据号填写在答题卡上，并将准考据号条形码贴在答题卡上的指定地点。
2.选择题的作答：每题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、底稿纸和答题卡上的非答题地区无效。
3.非选择题的作答：用署名笔挺接答在答题卡上对应的答题地区内。
写在试题卷、底稿纸和答题卡上的非答题地区无效。
4. 选考题作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的地点用2B 铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题地区内。
写在试题卷、底稿纸和答题卡上的非答题地区无效。
5.考试结束后，请将答题卡上交。
第Ⅰ卷 ( 选择题共44分)此题共22 小题，每题 2 分，合计44 分，在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项切合题目要求的。
2019 年第七届世界军运会将在武汉(30 °N，114°E) 举行。
组委会为方便其余大洲足球球迷赏识本国军人风范又不对当地球迷赏球产生矛盾，灵巧安排赛程。
世界各地球迷看球的最佳时间段是当地时间 13 时－第二天 1 时，竞赛时长约 2 小时。
图 1 为历届军运会举办时间及地址。
据此达成 1～3 题。
1.为了同时照料英国和中国军迷市场，英国队开球时北京时间为A.17 点B.19点C.21点D.24点2.里约热内卢军运会在 7 月份举行A. 温度较高，利于考验军人质量B.别国运动员无需适应季节差别C. 风速小，对照赛影响小D.降水较少，利于军人水平发挥3.武汉军运会时期运动员的经历可信的是A. 韩国遭受千载难逢的干旱B.印度军人为组委会带来当地细毛羊围巾C. 巴西军人经历从未有的高温而脱水D.卡塔尼亚军人收到家乡丛林火灾的来信下边两幅图为我国传统民居，图 2 为土家族的吊脚楼，图 3 为内蒙古便于拆迁的蒙古包。
据此达成4～ 6 题。
山东省名校考试联盟2024-2025学年高三上学期10月阶段性检测数学试题(解析版)
山东名校考试联盟2024年10月高三年级阶段性检测数学试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的考生号､姓名､考场号及座位号填写在答题卡上．2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需要改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．3全卷满分150分．考试用时120分钟．．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．一､选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1. 已知()(){}23230,02x A x x x B x x +=∈−−==∈≤ − Q R∣，则A B = （ ）A. {}2B. {C. {}2D. ∅【答案】D 【解析】【分析】解方程与不等式求得集合,A B ，进而可求A B ∩.【详解】由2(2)(3)0x x −−=，可得2x =或x =，又Q x ∈，所以2x =，所以{2}A =；由302x x +≤−，可得(3)(2)020x x x +−≤ −≠，解得32x −≤<，所以{|32}Bx x =−≤<， 所以{2}{|32}A B x x =−≤<=∅ . 故选：D.2. 幂函数()23f x x =的图象大致为（ ）A. B.C. D.【答案】B 【解析】【分析】根据题意，利用函数奇偶性的判定方法，得到函数()f x 为偶函数，再由幂函数的性质，结合选项，即可求解.【详解】由函数()23f x x ==，可得函数的定义域为R ，关于原点对称，且()()f x f x −===，所以函数()f x 为偶函数，所以函数()f x 的图象关于y 轴对称，又由幂函数的性质得，当0x ≥时，函数()f x 单调递增， 结合选项，选项B 符合题意. 故选：B.3. 把物体放在冷空气中冷却，如果物体原来的温度是1C θ ，空气的温度是0C θ，那么min t 后物体的温度θ（单位：C ）可由公式)01010ktθθθθ−=+−⋅求得，其中k 是一个随物体与空气的接触情况而定的正常数．现有65C 的物体，放到15C 的空气中冷却，1min 后物体的温度是35C ，已知lg20.3≈，则k 的值大约为（ ） A. 0.2 B. 0.3 C. 0.4 D. 0.5【答案】C 【解析】【分析】根据题意列出等式()3515651510k−=+−⋅，化简后即可求解.【详解】由题意知015C θ= ，165C θ=， 代入公式()01010ktθθθθ−=+−⋅，可得()3515651510k−=+−⋅，则2105k−=，两边同时取对数得2lg10lg 5k−=， 即lg2lg 50.30.70.4k −=−≈−=−，则0.4k =，故C 正确. 是故选：C.4. 如图所示，一个组合体的上面部分是一个高为0.5m 长方体，下面部分是一个正四棱锥，公共面是边长为1m 的正方形，已知该组合体的体积为32m 3，则其表面积为（ ）A. (22m +B. (23m +C. (22m +D. (23m +【答案】B 【解析】【分析】由题意先利用棱锥体积公式求出正四棱锥的高，然后再求出其斜面上的高，即可求解. 【详解】由题意知该组合体由长方体和正四棱锥组成，且该组合体的体积为32m 3， 长方体的体积为31110.5m 2××=，则正四棱锥体积为3211m 326−=， 所以正四棱锥的高为1316m 112×=×，2112×， 所以组合体的表面积为()(210.541143m ××+×=+，故B 正确.故选：B.5. 若12,x x 是一元二次方程()()220x m x m m −++=∈R 的两个正实数根，则1221x x x x +的最小值为（ ） A. 2 B. 4C. 6D. 8【答案】C 【解析】【分析】由题意及韦达定理可得122x x m +=+，12x x m =，从而得()2221212211222m mx x x x x x x x m+−++==，再结合基本不等式即可求解.【详解】由若12,x x 是一元二次方程()()220x m x m m −++=∈R 的两个正实数根， 所以122x x m +=+，12x x m =，则mm >0所以()()222212121212211212222x x x x m mx x x x x x x x x x m+−+−++===2244226m m m m m ++==++≥+=，当且仅当2m =时取等号，故C 正确. 故选：C.6. 已知等差数列{}n a 和等比数列{}n b 的前n 项和分别为n S 和n T ，且21nn S n T =+，则35=a b （ ） A. 9 B. 10 C. 11 D. 12【答案】C 【解析】【分析】分别设出为n S 和n T 的二次形式，由此求得35,a b ，即可化简后得到结果. 【详解】由等差数列{aa nn }和等比数列{bb nn }的前n 项和分别为n S 和n T ，所以可设()21n S kn n =+，n T kn =，0k ≠， 所以可得33255421101154a S S k k b T T k k−−===−−，故C 正确. 故选：C.7. 若2x =是函数()222exax x f x +−=的极小值点，则实数a 的取值范围是（ ） A. (),1∞−− B. (),1−∞C. ()1,−+∞D. ()1,+∞【答案】A 【解析】【分析】求导，利用导数，分0a =，0a >，0a <三种情况讨论可求实数a 的取值范围.【详解】由()222exax x f x +−=，可得()222(22)e (22)e (22)4(2)(2)(e e e)x x x x xax ax x ax a x ax x f x +−+−−+−+−−−′===， 若0a =，当2x <时，()0f x ′>，当2x >时，()0f x ′<，故2x =是()222exax x f x +−=的极大值点，不符合题意，若0a ≠时，令()0f x ′=，可得(2)(2)0ax x −−−=，可得2x =或2x a=−， 若0a >时，则20a−<，当22x a −<<时，()0f x ′>，当2x >时，()0f x ′<，故2x =是()222exax x f x +−=的极大值点，不符合题意， 若0a <时，则20a−>，由二次函数的(2)(2)y ax x =−−−图象可知， 要使2x =是函数()222exax x f x +−=的极小值点， 需22a−<，解得1a <−， 所以实数a 的取值范围是(,1)∞−−. 故选：A.8. 已知函数()()6sin cos 10f x x x ωωω=+−>在π0,3上有且仅有3个零点，则ω的取值范围是（ ） A. 3,32B. 3,32C. 93,2D. 93,2【答案】D 【解析】【分析】化简得23()sin 24f x x ω=−，由题意可得2π2π3π3ω<≤，求解即可. 详解】()()()66224224sin cos 1sin cos sin sin ?cos cos 1f x x x x x x x x x ωωωωωωωω=+−=+−+−()242242222sin sin ?cos cos 1sin cos 3sin ?cos 1x x x x x x x x ωωωωωωωω−+−=+−−22222313sin cos 13sin cos sin 24x x x x x ωωωωω=−−=−=− ，因为π0,3x ∈，2π20,3x ωω ∈ ， 【由函数()()66sin cos 10f x x x ωωω=+−>在π0,3上有且仅有3个零点，可得2π2π3π3ω<≤，解得932ω<≤，所以ω的取值范围是9(3,]2.故选：D.二､多选题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每个小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分． 9. 已知n S 为数列{}n a 的前n 项和，若3n n S a n =+，则（ ） A. 112a =B. 数列{}1n a −为等比数列C. 312nn a =−D. 3332nn S n =−⋅+【答案】BCD 【解析】【分析】当1n =时，1131S a =+，解得112a =−；根据3n n S a n =+，可得当2n ≥时，1131n n S a n −−=+−，从而得13122n n a a −=−，即()13112n n a a −−=−；根据B 可求得312nn a−=−；从而可求出333?2nn S n =−+.【详解】A ：当1n =时，1131S a =+，解得112a =−，故A 错误； B ：因为3n n S a n =+，当2n ≥时，1131n n S a n −−=+−， 将两式相减可得1331n n n a a a −=−+，即13122n n a a −=−， 则()13112n n a a −−=−，因112a =−，则1312a −=−，数列{}1n a −为首项为32−，公比为32的等比数列，故B 正确；C ：由B 可得13331?222n n n a −−=−=−，所以312nn a =− ，故C 正确；D ：3333?2nn n S a n n =+=−+，故D 正确.故选：BCD.10. 已知幂函数()()293m f x m x =−的图象过点1,n m−，则（ ）A. 23m =−B. ()f x 为偶函数C. n =D. 不等式()()13f a f a +>−的解集为(),1−∞ 【答案】ABC 【解析】【分析】利用幂函数的定义结合过点1,n m−，可求,m n 判断AC ；进而可得函数的奇偶性判断B ；解不等式可求解集判断D.【详解】因为函数()()293m f x mx =−为幂函数，所以2931m −=，解得23m =±，当23m =时，幂函数()23f x x =的图象不可能过点3,2n − ，故23m ≠，当23m =−，幂函数()23f x x −=的图象过点2,3n，则2332n =，解得32()32n ==，故AC 正确； ()23f x x −=的定义域为{|0}x x ≠，且()2233()()f x x xf x −−−=−==，故()f x 为偶函数，故B 正确；函数()23f x x−=在(0,)+∞上单调递减，由()()13f a f a +>−，可得()()|1||3|f a f a +>−，所以1310a a a +<− +≠，解得1a <且1a ≠−，故D 错误.故选：ABC.11. 已知函数()f x 及其导函数()f x ′的定义域均为R ，记()()g x f x ′=，若()2g x +的图象关于直线2x =−对称，且()()()111f x f x f x −++=+−，则（ ）A. ()g x 是偶函数B. ()f x 是奇函数C. 3为()y f x =的一个周期D.20251()0i g i ==∑【答案】ACD 【解析】【分析】由()2g x +的图象关于直线2x =−对称，则可得()g x 关于xx =0对称，可对A 判断；由gg (xx )=ff ′(xx )，从而可得ff (xx )关于()0,1对称，可对B 判断；由ff (xx )关于()0,1对称，可得()()()113f x f x f x −+++=，故()()()213f x f x f x −+−+=，从而得()()12f x f x +=−，即()()3f x f x +=，可对C 判断；由()()()113f x f x f x −+++=，两边求导得()()()110g x g x g x −+++=，可对D 判断.【详解】A ：因为()2g x +的图象关于直线2x =−对称，故将()2g x +的图象向右平移2个单位后变为()g x 的图象，此时()g x 关于xx =0对称，所以()g x 是偶函数，故A 正确；B ：因为()g x 是偶函数，所以ff (xx )关于()0,c 对称且c 为常数，当xx =0时，()()()1110f f f −+=+，又因为()()112f f c −+=，()0f c =，所以1c =，所以ff (xx )关于()0,1对称，故B 错误； C ：因为ff (xx )关于()0,1对称，所以()()2f x f x −=−+，所以()()()()1113f x f x f x f x −++=+−=−，所以()()()113f x f x f x −+++=①，故()()()213f x f x f x −+−+=②，则①②两式相减得()()12f x f x +=−，即()()3f x f x +=，所以3是()y f x =的一个周期，故C 正确； D ：因为()()()113f x f x f x −+++=，两边求导得()()()110g x g x g x −+++=，且()g x 的周期为3，又因为20256753=×，所以()202510i g i ==∑，故D 正确.故选：ACD.【点睛】关键点点睛：B 中因为()g x 是偶函数，所以可得ff (xx )关于()0,c 对称，从而可求出1c =；D 中可有()()()113f x f x f x −+++=，两边求导得()()()110g x g x g x −+++=，从而可知()g x 中连续3项之和为零.三､填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分．12. 已知函数()ln f x x x =，则曲线()y f x =在1x =处的切线方程是 _____.【答案】10x y −−=【解析】【分析】求出导函数，根据导数的几何意义得出斜率，求出切点坐标，代入点斜式方程，即可得出答案.【详解】因为()ln 1f x x ′=+，所以()11f ′=. 根据导数的几何意义可知，曲线()y f x =在1x =处的切线的斜率()11k f ′==. 又()10f =，所以，切线方程为1y x =−，即10x y −−=. 故答案为：10x y −−=. 13. 已知0a >且1a ≠，函数()2,1,1x x x f x a x ≥= <，若关于x 的方程()()2560f x f x −+=恰有3个不相等的实数解，则实数a 的取值范围是______． 【答案】(]2,3 【解析】【分析】当1x ≥时，()2xf x =，方程()()2560fx f x −+=有2个不相等实数解，则当1x <时，()x f x a =，此时方程()()2560f x f x −+=只有1个实数解，对a 分类讨论，由()x f x a =的值域求实数a 的取值范围. 【详解】方程()()2560fx f x −+=，即()2f x =或()3f x =， 当1x ≥时，()2xf x =，由()2f x =解得1x =，由()3f x =解得2log 3x =； 当1x <时，()xf x a =，此时方程()()2560fx f x −+=只有1个实数解， 若01a <<，则()xf x a =在(),1∞−上单调递减，()(),f x a ∞∈+，的此时()2f x =和()3f x =都有解，不合题意，若1a >，则()xf x a =在(),1∞−上单调递增，()()0,f x a ∈，则23a <≤.所以实数a 的取值范围是(]2,3. 故答案为：(]2,314. 已知三棱锥A BCD −的四个顶点都在球O 的球面上，若AB CD =O 的半径为，则三棱锥A BCD −体积的最大值为__________．【答案】 【解析】【分析】设,AB CD 的中点为,M N ，球心为O ，由题意可得,,O M N 在同一直线上时，ABN 的面积最大，CD ⊥平面ABN ，三棱锥A BCD −体积的最大值，求解即可. 【详解】设,AB CD 的中点为,M N ，球心为O ，由题意可得,OM AB ON CD ⊥⊥，由题意可得1,2OM ON ==，当,,O M N 在同一直线上时，ABN 的面积最大，最大面积为1(12)2×+， 设C 到平面ABN 的距离为d ，由题意可得D 到平面ABN 的距离也为d ，当CD ⊥平面ABN 时，d 取最大值12CD =所以三棱锥A BCD −体积的最大值为112233ABN S d ××=×=故答案为：四､解答题：本题共5小题，共77分．解答应写出文字说明､证明过程或演算步骤．15. 已知函数()2π2sin 4f x x x=+．（1）求()f x 在π0,2上的单调递增区间；（2）已知ABC 的内角,,A B C 的对边长分别是,,a b c，若π1212C f−，2c =，求ABC 面积的最大值． 【答案】（1）5π[0,]12（2）2 【解析】【分析】（1）化简π()12sin(2)3f x x =+−，利用πππ2π22π,Z 232k x k k −+≤−≤+∈，可求单调区间；（2）由余弦定理可得22242cos 2c a b ab C ab ==+−≥，可求ab 的最大值，进而可求ABC 面积的最大值. 【小问1详解】()2π1cos 2π22sin 21sin 242x f x x x x x x−+=+=×−=+−πππ12(sin 2cos cos2sin 12sin(2)333x x x =+−=+−， 由πππ2π22π,Z 232k x k k −+≤−≤+∈，得π5πππ,Z 1212k x k k −+≤≤+∈， 又π0,2∈ x ，所以函数()f x 在π0,2上的单调递增区间为5π[0,]12；【小问2详解】由π1212C f−=−，得ππ12sin[2()]12123C +×−−，所以πsin()2C −，所以cos C =，因为0πC <<，所以π6C =，又2c =，在ABC中，由余弦定理可得22242cos 2c a b ab C ab ==+−≥−，所以4(2ab ≤=，当且仅当a b ==时取等号，所以111sin 4(22222ABC S ab C =≤×+×=+所以ABC 面积的最大值为2． 16. 已知函数()()ln R mf x x m x=+∈. （1）讨论函数()f x 的单调性；（2）当1m =时，证明：当1x ≥时，()e e 0xxf x x −−+≤.【答案】（1）答案见解析 （2）证明见解析 【解析】【分析】（1）利用导数与函数单调性的关系，分类讨论即可得解；（2）构造函数()()e e xg x xf x x =−−+，利用二次导数，结合函数的最值情况，证得()0g x ≤，从而得证.【小问1详解】因为()ln mf x x x=+的定义域为()0,∞+， 所以()221m x mf x x x x −′=−=，当0m ≤时，()0f x ′>恒成立，所以()f x 在()0,∞+上单调递增； 当0m >时，令()0f x ′=，得x m =， 当()0,x m ∈时，()()0,f x f x ′<单调递减， 当(),x m ∈+∞时，()()0,f x f x ′>单调递增， 综上，当0m ≤时，()f x 在()0,∞+上单调递增；当0m >时，()f x 在()0,m 上单调递减，在(),m +∞上单调递增. 【小问2详解】当1m =时，()1ln f x x x=+， 令()()e e ln e e 1xxg x xf x x x x x =−−+=−−++，则()ln e xg x x =−′， 令()()ln e xh x g x x ′==−，则()1e xh x x=′−，因为1x ≥，所以11,e e 1x x≤≥>， 所以当1x ≥时，()h x ′1e 0xx=−<恒成立，所以()h x 在[)1,+∞上单调递减，即()ln e x g x x =−′在[)1,+∞上单调递减，所以()()1e 0g x g ′≤−′=<， 所以()g x 在[)1,+∞上单调递减，所以()()10g x g ≤=，即()e e 0xxf x x −−+≤. 【点睛】结论点睛：恒成立问题：（1）()0f x >恒成立()min 0f x ⇔>；()0f x <恒成立()max 0f x ⇔<． （2）()f x a >恒成立()min f x a ⇔>；()f x a <恒成立()max f x a ⇔<．（3）()()f x g x >恒成立()()min 0f x g x ⇔−> ；()()f x g x <恒成立()()max 0f x g x ⇔−< ； （4）1x M ∀∈，2x N ∀∈，()()()()1212min max f x g x f x g x >⇔>．17. 已知函数()33x x af x a+=−．（1）若()f x 为奇函数，求a 的值；（2）当0a <时，函数()f x 在[],m n 上的值域为11,33m n −− ，求a 的取值范围．【答案】（1）1或1−（2）(,3−∞−− 【解析】【分析】（1）由ff (xx )为奇函数，可得()()0f x f x +−=，从而可求解； （2）当0a <时，可得()y f x =是单调增函数，从而可得即,m n 是函数3133x x x a a +=−−的两个解，参数分离可得23313x x xa +=−，利用换元法设13xt =−，可得23a t t =+−，且1t <，再结合对勾函数性质从而可求解.【小问1详解】由()32133x xx a af x a a+==+−−，所以()22?31131?3x x x a a f x a a −−=+=+−−， 因为ff (xx )为定义域上的奇函数，所以()()0f x f x +−=， 即22?311031?3xx xa a a a +++=−−，化简得·3131?3x xx a a a a +=−−−， 则22222·3?3?33?3?30x x x x x x a a a a a a a −+−+−−+=，则得21a =， 所以aa =−1或1a =. 【小问2详解】当0a <时，()32133x x xa af x a a+==+−−，所以()y f x =是单调增函数， 由函数()f x 在[],m n 上的值域为11,33m n −−， 所以()3133m m m a f m a +==−−,()3133n n n a f n a +==−−，即,m n 是函数3133x x x a a +=−−的两个解，则得23313x x xa +=−，设130xt =−<，则22332313x xxa t t +==+−−，0t <，根据对勾函数性质可得23y t t=+−在()上单调递减，(,−∞上单调递增，其中23y t t=+−在(),0−∞上的值域为(,3 −∞− ，当t =时取最大值，综上可得3a <−，所以a 的取值范围为(),3−∞−−. 18. 已知函数()()28ln 1exf x axbx =+++．（1）若()f x ′在R 上单调递减，求a 的最大值； （2）证明：曲线()y f x ′=是中心对称图形； （3）若()8ln2f x ，求a 的取值范围． 【答案】（1）1− （2）证明见解析 （3）(],1−∞−【解析】【分析】（1）对ff (xx )求导得()8e 21e x x f x ax b =+++′，令()8e 21exxg x ax b =+++，再结合基本不等式从而可得()8201e 2ex x g x a =++′≤+，即可求解. （2）由()()28f x f x b ′′−+=+，从而曲线yy =ff ′(xx )关于点()0,4b +对称，即可求解. （3）分情况讨论求出0a <，4b =−，然后再利用导数讨论1a ≤−，10a −<<情况下，从而可求出a 的取值范围是(],1−∞−. 【小问1详解】由函数()()28ln 1e xf x ax bx =+++，所以()8e 21exxf x ax b =+++′， 令()8e 21e xxg x ax b =+++，因若ff ′(xx )在RR 上单调递减，则()()28e 822011e e 2exxxx g x a a =+=+++′≤+恒成立，因为1e 224e x x ++≥=，当且仅当xx =0时取等号， 则821e 2e x x −≥−++，所以821e 2ex x a ≤−++，即22a ≤−，得1a ≤−. 故a 的最大值为1−. 【小问2详解】证明：由（1）知()8e 21e x x f x ax b =+++′，则()8e 21exxf x ax b −−−=−++′， 则()()8e 8e 8e 8222281e 1e 1e 1ex x x x x x xf x f x ax b ax b b b −−−+=−++++=++=+′+′+++， 所以曲线yy =ff ′(xx )关于点()0,4b +对称，是中心对称图形.【小问3详解】当aa >0时，则当x →+∞时，()f x →+∞，与()8ln2f x ≤矛盾，所以0a ≤；为当0a =，0b ≥时，则当x →+∞时，()f x →+∞，与()8ln2f x ≤矛盾； 当0a =，0b <时，则当x →−∞时，()f x →+∞，与()8ln2f x ≤矛盾； 所以0a <.当4b >−，则当402b x a +<<−时，()8e 24201exxf x ax b ax b =++>++>+′， 此时()()08ln 2f x f >=，矛盾； 当4b <−，则当402b x a +−<<时，()8e 24201ex x f x ax b ax b =++<++<+′， 此时()()08ln 2f x f >=，矛盾； 因此4b =−，所以()8e 241exxf x ax =+−+′， 当1a ≤−，由（1）可知ff ′(xx )在RR 上单调递减，又()00f ′=，所以当0x ≤时，()0f x ′≥，ff (xx )在区间(],0−∞上单调递增； 当xx >0时，()0f x ′<，ff (xx )在区间(0,+∞）上单调递减； 此时()()08ln 2f x f ≤=，符合题意； 当10a −<<，则当0ln 1x <<−时，()()()228e 82201e 1e xxxg x a a =+>+′>++，此时()()()00f x g x g >′==，则()()08ln 2f x f >=，不合题意. 综上所述：a 的取值范围是(],1−∞−.【点睛】方法点睛：（1）导函数中常用的两种常用的转化方法：一是利用导数研究含参函数的单调性，常化为不等式恒成立问题．注意分类讨论与数形结合思想的应用；二是函数的零点、不等式证明常转化为函数的单调性、极(最)值问题处理；（2）利用导数解决含参函数的单调性问题时，一般将其转化为不等式恒成立问题，解题过程中要注意分类讨论和数形结合思想的应用；（3）证明不等式，构造一个适当的函数，利用它的单调性进行解题，是一种常用技巧.许多问题，如果运用这种思想去解决，往往能获得简洁明快的思路，有着非凡的功效.19. 若存在1,1,2,2,,,n n 的一个排列n A ，满足每两个相同的正整数()1,2,,k k n = 之间恰有k 个正整数，则称数列n A 为“有趣数列”，称这样的n 为“有趣数”．例如，数列7:4,6,1,7,1,4,3,5,6,2,3,7,2,5A 为“有趣数列”，7为“有趣数”．（1）判断下列数列是否为“有趣数列”，不需要说明理由； ①2:1,2,1,2A ；②3:3,1,2,1,3,2A ． （2）请写出“有趣数列”4A 的所有可能情形；（3）从1,2,,4n 中任取两个数i 和()j i j <，记i 和j 均为“有趣数”的概率为n P ，证明：14n P <． 【答案】（1）①不是；②是（2）4,1,3,1,2,4,3,2或2,3,4,2,1,3,1,4 （3）证明见解析 【解析】【分析】（1）根据“有趣数列”定义逐项判断即可求解.（2）分当两个1中间为2，当两个1中间为3，当两个1中间为4，共3种情况从而可找到符合题意的“有趣数列”，即可求解.（3）先设“有趣数列”n A 中数字()1,2,3,k k n = 第一次出现的项记作k a 项，从而可得()21111n n n k k k k k k a a a k k === +++=∑∑∑，可求得()1314nk k n n a =−=∑，再分情况讨论当()*43,42n m m m =−−∈N ，()*41n m m =−∈N ，()*4nm m ∈N 时符合“有趣数列”的情况，从而可得224C 1C 4nn nP =<，即可求解.【小问1详解】①2:1,2,1,2A 中两个2之间间隔数只有一个，故不是“有趣数列”， ②3:3,1,2,1,3,2A 中两个1之间间隔数有1个，两个2之间间隔数有2个， 两个3之间间隔数有3个，故是“有趣数列”.小问2详解】当两个1中间为2，不妨设1,2,1右边两个2中间可能为1,3或1,4， 则4A 可能为4,3,1,2,1,3,2,4或4,3,1,2,1,4,2,3，不符合题意； 当两个1中间为3，两个2中间可能为3,4或4,3，则4A 可能为4,1,3,1,2,4,3,2或2,3,4,2,1,3,1,4，符合题意；【当两个1中间为4，不妨设1,4,1右边两个2中间可能为3,4或4,3， 则4A 可能为1,4,1,2,3,4,2,3或1,4,1,2,4,3,2,3，不符合题意； 综上所述：“有趣数列”4A 可能为4,1,3,1,2,4,3,2或2,3,4,2,1,3,1,4. 【小问3详解】将“有趣数列”n A 中数字()1,2,3,k k n = 第一次出现的项记作k a 项， 由题意可知数字k 第二次出现的项为()1k a k ++项， 于是()21111n nn k kk k k k a aa k k === +++=∑∑∑，则()()13221222nk k n n n n a =+++=∑，即()1314nk k n n a =−=∑，又因为1nk k a =∑为整数，故必有()314n n −为整数，当()*43,42n m m m =−−∈N时，()314n n −不可能为整数，不符合题意； 当()*41n m m =−∈N时，()314n n −为整数，构造“有趣数列”41m A −为44,,2,42,23,1,41,1,23,m m m m m m −−−−− 2,,44,21,43,,21,42,m m m m m −−−+−22,,2,21,41,2,,22,21,,43m m m m m m −−−−+− ，符合题意； 当()*4nm m ∈N 时，()314n n −为整数，构造“有趣数列”4m A 为44,,2,42,23,1,41,1,23,m m m m m m −−−−− 2,,44,4,43,,21,42,m m m m m m −−+−22,,2,21,41,2,,22,21,,43,21,4m m m m m m m m −−−−+−− ，符合题意；这里44,,2m m − 是指将44m −一直到2m 的偶数按从大到小的顺序进行排列，23,,1m − 是指将23m −一直到1的奇数按从大到小的顺序进行排列，故1,2,,4n 中的“有趣数列”为3,4,7,8,,41,4n n − 共2n 个，则所求概率为()224C 211C 2414nn nn P n −==<−. 【点睛】方法点睛：本题主要是根据“有趣数列”定义，理解并应用，对于（3）中主要巧妙设出“有趣数列”n A 中数字()1,2,3,k k n = 第一次出现的项记作k a 项，由题意可知数字k 第二次出现的项为()1k a k ++项，从而求出()1314nk k n n a =−=∑，从而可求解.。
重庆市2024-2025学年高三上学期11月阶段性检测地理试题含答案
高2025届高三上11月阶段性检测地理试题（答案在最后）（满分：100分；考试时间：75分钟）注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、班级、考场/座位号、准考证号填写在答题卡上。
2．答选择题时，必须使用2B铅笔填涂；答非选择题时，必须使用0.5毫米的黑色签字笔书写；必须在题号对应的答题区域内作答，超出答题区域书写无效；保持答卷清洁、完整。
3．考试结束后，将答题卡交回（试题卷学生保存，以备评讲）。
一、选择题：本题共15小题，每小题3分，共45分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
中国商用飞机有限责任公司生产的C919飞机是具有自主知识产权的大型喷气式民用飞机，总部设在上海（负责研发、总装、销售等工作），全国有22个省市、200多家企业、36所高校参与研制及配套工作。
下图为C919大飞机主要零部件的生产企业示意图。
据此完成下面小题。
1.C919飞机总装工作选择在上海的主要原因是（）A.市场广阔B.产业协作好C.土地充足D.劳动力丰富2.公司零部件配套企业的布局特点是（）A.靠近高等院校和科研机构B.集中布局于东部沿海地带C.集中布局于长江经济带D.民航机场密度较大区域【答案】1.B 2.A【解析】【1题详解】我国国产飞机的潜在市场广阔，不仅有国内市场，还有国际市场，不是专门针对上海地区，A错误；飞机总装对土地及劳动力数量要求不高，且上海土地并不充足，C、D错误；飞机的总装工作需要多家企业生产协作，上海的产业基础好，相关产业协作能力强，B正确。
故选B。
【2题详解】由图可知，为C919大型飞机提供重要零部件的西飞、哈飞、洪都(南昌)、沈飞和成飞并没有分布在东部沿海地带，B错误；也不集中布局于长江经济带，C错误；更不是民航机场密集地带，D错误；西安、哈尔滨、南昌、沈阳、成都等城市有较多著名的高等院校以及长期从事航空航天工作的科研单位和生产单位，能够为公司零部件的研制、配套生产及维修提供有力保障，A正确。
2020届湖北省黄冈市高三上学期第一次阶段性检测地理试题(解析版)
湖北省黄冈市2019-2020学年高三上学期第一次阶段性检测地理试题一、选择题下图为2017年中国、美国、德国、印度四个国家的人口出生率死亡车和净迁入人口数统计图，据此完成下面小题。
1. 图中①②③④分别代表的国家是A. 美国德国印度、中国B. 德国、中国、印度、美国C. 美国、印度、中国、德国D. 中国、美国、德国、印度2. 与①国相比，②国A. 人口逐年增长较多B. 老龄化程度更明显C. 人口性别比例失衡D. 家庭成员数量较多【答案】1. A 2. B【解析】本题主要考查不同国家的人口问题。
【1题详解】图中②国家出生率大于死亡率，即出现人口负增长，根据选项给出的国家，这个国家一定是德国，所以正确答案为A。
①②人口迁入多，说明是发达国家，判断出①为美国。
因为中国实行了计划生育政策，出生率比印度要低，所以③国应该是印度，④国是中国。
本题正确答案为A。
【2题详解】①国为美国，②国是德国，与美国相比，德国A.德国出现人口负增长，所以跟美国相比，人口逐年增长较少。
故A错误。
B. 因为德国出生率低于死亡率，所以在人口年龄构成中老龄化程度更明显，故B正确。
C. 图中没有显示人口性别比例，所以无法判断，故C错误。
D. 德国出生率低于死亡率，说明出生率很低，推测家庭成员数量较少，故D错误。
本题正确答案为B。
城市间创新联系是指区域内城市之间彼此开放、紧密联系，建立更大空间范围内对技术、如识、信息等关键要素的共享，经济越发达的城市，创新联系强度越高。
一般情况下，在城市最大引力线图中，某一城市被连接的次数越多，表明该城市引力越大，中心地位越高。
下图为2013年长江经济带城市间创新联系的最大引力线图。
读图，完成下面小题。
3. 图示长江经济带城市间创新联系强度的主要特征是（）A. 长三角地区各城市创新联系强度最低B. 西部各城市创新联系强度最高C. 各城市间创新联系强度均衡D. 大致呈自东向西减弱趋势4. 与上海市相比，成都市最大引力线更密集，其主要原因是（）①上海城市服务水平低于成都②上海市周边创新城市较多③成都市交通运输更便捷④成都市创新联系较独立A. ①②B. ①③C. ②④D. ③④【答案】3. D 4. C【解析】【分析】本题主要考查城市化水平与城市等级和不同等级城市的服务功能。
湖北省黄冈市2025届高三上学期9月调研考试(一模)数学试题含答案
黄冈市2024年高三年级9月调研考试数学（答案在最后）本试卷共4页，19题.全卷满分150分.注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号，考场号，座位号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置.2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.写在试卷，草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.3.非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内.写在试卷，草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.4.考试结束后，请将答题卡上交.一、单选题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的.1.若集合{}{}2|280,,|A x x x x B y y x =--<==∈∈Z R，则A B =（）A.{}0,1,2,3 B.{}1,2,3 C.{}0,1 D.{}0【答案】A 【解析】【分析】解二次不等式得出集合A ，利用函数的值域得出集合B ，再由交集的定义得出答案.【详解】∵2280x x --<，∴()()420x x -+<，∴24-<<x ，又∵Z x ∈，∴{}1,0,1,2,3A =-，0y x =≥，∴0y ≥，即{}0B y y =≥，∴{}0,1,2,3A B ⋂=.故选：A 2.复数i 21iz -=+，则z 的虚部为（）A.3i 2 B.32C.32-D.3i2-【答案】B 【解析】【分析】根据复数的除法运算，化简复数z ，进而可求虚部.【详解】()()()()i 21i i 213i 13i 1i 1i 1i 222z ----+====-+++-，故z 的虚部为32，故选：B3.若3sin 3cos 022ππαα⎛⎫⎛⎫++-=⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，则tan2α=（）A.43-B.43C.34-D.34【答案】D 【解析】【分析】由诱导公式计算出tan α，在代入正切二倍角公式即可.【详解】原方程可化为1cos 3sin 0tan 3ααα-+=⇒=，故222tan 33tan 211tan 419ααα===--.故选：D4.若向量()()2,0,3,1a b == ，则向量a在向量b 上的投影向量为（）A.5B.93,55⎛⎫ ⎪⎝⎭C.,55⎛ ⎝⎭D.()5,1【答案】B 【解析】【分析】按照投影向量的计算公式求解即可.【详解】解：因为向量()()2,0,3,1a b ==，则向量a在向量b 上的投影向量为:2693||cos ,(3,1)(,)1055||||||||b a b b a b a a b b b b b b ⋅⋅⋅<>⋅=⋅=⋅=⋅=.故选：B5.若0,0m n >>，且3210m n +-=，则32m n+的最小值为（）A.20B.12C.16D.25【答案】D 【解析】【分析】利用3232()(32)m n m n m n+=++，结合基本不等式可求和的最小值.【详解】因为3210m n +-=，所以321m n +=，所以32323266(1()(32)94n m m n m n m n m n m n+=+⨯=++=+++13131225≥+=+=，当且仅当66n m m n =，即15m n ==时取等号，所以32m n+的最小值为25.故选：D.6.已知ABC V 的内角,,A B C 所对的边分别为,,a b c ，π,33A b ==，下面可使得ABC V 有两组解的a 的值为（）A.332B.3C.4D.e【答案】D 【解析】【分析】根据sin b A a b <<，即可得到答案.【详解】要使得ABC V 有两组解，则sin b A a b <<，又π,33A b ==，得到32a <<，故选：D.7.设()(),h x g x 是定义在R 上的两个函数，若1212,,x x x x ∀∈≠R ，有()()()()1212h x h x g x g x -≥-恒成立，下列四个命题正确的是（）A.若ℎ是奇函数，则()g x 也一定是奇函数B.若()g x 是偶函数，则ℎ也一定是偶函数C.若ℎ是周期函数，则()g x 也一定是周期函数D.若ℎ是R 上的增函数，则()()()H x h x g x =-在R 上一定是减函数【答案】C 【解析】【分析】根据已知条件，依据函数的奇偶性，通过反例，可判断AB ；根据周期性的定义可判断C ，根据函数单调性的定义，结合不等式的性质可判断D【详解】对于A ，令(),()1h x x g x ==，对1212,,x x x x ∀∈≠R 可得()()12121211()()h x h x x x g x g x -=-≥-=-；而此时()g x 不是奇函数，故错误；对于B ，令(),()1h x x g x ==，()g x 是偶函数，对1212,,x x x x ∀∈≠R 可得()()12121211()()h x h x x x g x g x -=-≥-=-，此时ℎ为奇函数，故错误；对于C ，设ℎ的周期为T ，若1212,,x x x x ∀∈≠R ，有()()()()1212h x h x g x g x -≥-恒成立，令1x x T =+，2x x =，则()()()()h x T h x g x T g x +-≥+-，因为()()h x T h x +=，所以()()0g x T g x +-≤，所以()()g x T g x +=，所以函数=也是周期函数，故正确；对于D ，设12x x <，ℎ是上的增函数，所以()()12h x h x <，又()()()()1212h x h x g x g x -≥-即为121221()()()()()()h x h x g x g x h x h x -<-<-即为1122()()()()h x g x h x g x -<-，所以函数()()y h x g x =-也都是上的单调递增函数，故错误.故选：C8.已知向量4,8,2a b a b a b c +==⋅=-= ，且1n c -= ，则n 与c 夹角的最大值为（）A.π6B.π4C.π3D.5π12【答案】A 【解析】【分析】先得到,a b 的夹角为2π3θ=，设()4,0a =，(b =-，故(c = ，设(),n x y = ，由1n c -= 得到()(2211x y -+=，设1cos ,sin x y ββ=+=+，设,n c 夹角为α，表达出cos α=，换元后得到3cos 44q qα=+，由对勾函数性质得到其值域，从而确定cos 2α⎤∈⎢⎥⎣⎦，得到夹角最大值.【详解】因为cos a b a b θ⋅=⋅ ，所以16cos 8θ=-，解得1cos 2θ=-，故2π3θ=，设()4,0a =，(b =-，则(2a bc +== ，设(),n x y =，则(1,n c x y -=-- ，则1n c -=，即()(2211x y -+=，设1cos ,sin x y ββ=+=+，设,n c夹角为α，则cos n c n c α⋅==⋅ ，令cos t ββ+=，则[]π2sin 2,26t β⎛⎫=+∈- ⎪⎝⎭，则cosα=[]1,3q =∈，则252q t -=，则2254332cos 2444q q q q q q α-++====+，其中344q y q=+在q ⎡∈⎣上单调递减，在q ⎤∈⎦上单调递增，当q =344q y q =+取得最小值，最小值为2，当1q =或3时，344qy q=+取得最大值，最大值为1，故3cos ,1442q q α⎤=+∈⎥⎣⎦，由于cos y α=在[]0,π上单调递减，故π0,6α⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦，n 与c夹角的最大值为π6.故选：A【点睛】平面向量解决几何最值问题，通常有两种思路：①形化，即用平面向量的几何意义将问题转化为平面几何中的最值或取值范围问题，然后根据平面图形的特征直接进行求解；②数化，即利用平面向量的坐标运算，把问题转化为代数中的函数最值与值域，不等式的解集，方程有解等问题，然后利用函数，不等式，方程的有关知识进行求解.二、多选题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对得6分，部分选对得部分分，有选错的得0分.9.已知0c b a <<<，则（）A.ac b bc a +<+B.333b c a +<C.a c ab c b +<+ D.>【答案】ABD 【解析】【分析】选项ABD ，利用不等式的性质计算即可，选项C ，因为b c +可正可负，所以不容易化简解决，一般当乘或除以一个不知正负的数，基本上错误，我们只需要找反例即可.【详解】因为0c b a <<<，所以ac bc ac b bc a <⇒+<+，故A 正确；因为0c b a <<<，所以333333,0b a c b c a <<⇒+<，故B 正确；因为0c b a <<<，不妨令3,2,1a b c ===-，得32,2a c a b c b +==+，此时a c a b c b +>+，故C 错误；因为0c b a <<<0>>⇒<>，故D 正确.故选：ABD10.已知函数()()π2sin 0,2f x x ωϕωϕ⎛⎫=+><⎪⎝⎭的图象过点()0,1A 和()()00,20B x x ->，且满足min AB =，则下列结论正确的是（）A.π6ϕ=B.π3ω=C.当1,14x ⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦时，函数()f x 值域为[]0,1 D.函数()y x f x =-有三个零点【答案】AD 【解析】【分析】A 选项，把()0,1A 代入解析式，得到π6ϕ=；B 选项，根据()()00,20B x x ->为函数的最低点及min AB =，由勾股定理得到方程，求出02x =，从而得到13224T T <<，把()2,2B -代入解析式，得到2π3ω=；C 选项，整体法求出函数值域；D 选项，画出()f x 与y x =的函数图象，根据交点个数得到零点个数.【详解】A 选项，把()0,1A 代入得2sin 1=ϕ，1sin 2ϕ=，因为π2ϕ<，所以π6ϕ=，A 正确；B 选项，()()00,20B x x ->为函数的最低点，min AB ==02x =，负值舍去，则13224T T <<，其中2πT ω=，故π3π24ω<<，故π2sin 226ω⎛⎫+=- ⎪⎝⎭，πsin 216ω⎛⎫+=- ⎪⎝⎭，由于π3π24ω<<，所以7ππ5π2663ω<+<，故π3π622ω+=，解得2π3ω=，B 错误；C 选项，()2ππ2sin 36f x x ⎛⎫=+⎪⎝⎭，1,14x ⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦时，2ππ5π0,366x ⎡⎤+∈⎢⎥⎣⎦，故2ππ1sin ,1362x ⎛⎫⎡⎤+∈-⎪⎢⎥⎝⎭⎣⎦，()[]2ππ2sin 1,236f x x ⎛⎫=+∈- ⎪⎝⎭，C 错误；D 选项，画出()f x 与y x =的函数图象，如下：两函数有3个交点，故()y x f x =-有三个零点，D 正确.故选：AD11.已知()()32231f x x x a x b =-+-+，则下列结论正确的是（）A.当1a =时，若()f x 有三个零点，则b 的取值范围是()0,1B.当1a =且()0,πx ∈时，()()2sin sin f x f x<C.若()f x 满足()()12f x f x -=-，则22a b -=D.若()f x 存在极值点0x ，且()()01f x f x =，其中10x x ≠，则01322x x +=【答案】ABD 【解析】【分析】对于A ，将1a =代入求导求极值，有三个零点，则令极大值大于零，极小值小于零即可；对于B ，利用sin y x =的性质，得到20<sin 1,0<sin 1x x <<且2sin sin x x >，再利用()f x 在区间()0,1上的单调性，即可求解；对于C ，根据()()12f x f x -=-，推断函数的对称性，进而可以求得22b a -=，即可判断结果；对于D ，利用导数在函数单调性中的应用，得到12a >-，进而可得200661a x x =-+，令012x x t +=，结合()()01f x f x =，再化简即可得到答案.【详解】对于选项A ，当1a =时，()3223f x x x b =-+，()2666(1)f x x x x x '=-=-，由()6(1)0f x x x '=->，得到0x <或1x >，由()6(1)0f x x x '=-<，得到01x <<，所以()3223f x x x b =-+单调递增区间为(),0-∞，()1,+∞；减区间为()0,1，故()f x 在0x =处取到极大值，在1x =处取到极小值，若()f x 有三个零点，则(0)0(1)10f b f b =>⎧⎨=-<⎩，得到01b <<，故选项A 正确，对于选项B ，当()0,πx ∈时，20<sin 1,0<sin 1x x <<，又2sin sin sin (1sin )0x x x x -=->，即2sin sin x x >，由选项A 知，()f x 在区间()0,1上单调递减，所以()()2sin sin f x f x <，故选项B 正确，对于选项C ，因为()()12f x f x -=-，即()()12f x f x -+=，所以()f x 关于点1,12⎛⎫⎪⎝⎭中心对称，又()()32231f x x x a x b =-+-+的定义域为R ，所以()111123112842f a b =⨯-⨯+⎛⎫⎝⨯-+⎭=⎪，整理得到22b a -=，所以选项C 错误，对于选项D ，因为()()32231f x x x a x b =-+-+，所以()2661f x x x a '=-+-，由题有3624(1)0a ∆=-->，即12a >-，由()20006610f x x x a '=-+-=，得到200661a x x =-+，令012x x t +=，则102x t x =-，又()()01f x f x =，所以()()002=-fx f t x ，得到()()32320000002312(2)3(2)12()x x a x b t x t x a t x b -+-+=---+--+，整理得到220000(3)(626391)0x t x t tx t x a -+--++-=，又200661a x x =-+，代入化简得到20(3)(23)0x t t --+=，又012x x t +=，10x x ≠，所以00130x t x x -=-≠，得到230t -+=，即01322x x t +==，所以选项D 正确，故选：ABD.【点睛】关键点点晴：本题的关键在于选项D ，利用导数在函数单调性中的应用，得到12a >-，进而可得200661a x x =-+，再通过令012x x t +=，结合条件得到()()002=-f x f t x ，再代入()()32231f x x x a x b =-+-+，化简得到20(3)(23)0x t t --+=，从而解决问题.三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分.12.已知集合{}22|log ,|14x A x x m B x x -⎧⎫=<=≤⎨⎬-⎩⎭，若“x A ∈”是“x B ∈”的充分不必要条件，则实数m 的取值范围是______.【答案】(],2-∞【解析】【分析】根据“x A ∈”是“x B ∈”的充分不必要条件，明确集合A ，B 的关系，列不等式求解实数m 的取值范围.【详解】由2log x m <⇒02m x <<.所以()0,2mA =；由214x x -≤-⇒2104x x --≤-⇒2404x x x --+≤-⇒204x ≤-⇒4x <.所以(),4B ∞=-.因为“x A ∈”是“x B ∈”的充分不必要条件，所以A B ⊆且A B ≠.所以24m ≤⇒2m ≤.故答案为：(],2-∞13.已知()f x 是定义在R 上的奇函数，()2f x +为偶函数.当02x <<时，()()2log 1f x x =+，则()101f =______.【答案】1-【解析】【分析】根据函数的奇偶性确定函数的周期，再利用对数运算计算即可.【详解】由题意可知()()()(),22f x f x f x f x =--+=-+，所以()()()()()()()22248f x f x f x f x f x f x f x -+=--=+⇒+=-⇒+=，所以()f x 的一个正周期为8，即()()()()()2101511log 111f f f f ==-=-=-+=-.故答案为：1-14.已知函数()sin 1f x x x =-+，若关于x 的不等式()()e e22xxf ax f a x +--+>的解集中有且仅有2个正整数，则实数a 的取值范围为________.【答案】54324e 3e a ≤<【解析】【分析】原不等式的解集有且只有两个整数解等价于()11e 32x x x x a-<≥-的解集中有且仅有两个正整数，利用导数讨论后者的单调性后可求参数的取值范围.【详解】设()()1sin g x f x x x =-=-，则()()()1sin g x f x x x g x -=--=-+=-，而()g x 的定义域为R ，故()g x 为R 上的奇函数，()cos 10g x x =-≤'（不恒为零），故()g x 为R 上的单调减函数，又()()e1e210xxf ax f a x -+--+->即为：()()e e 20x x g ax g a x +--+>，也就是()()ee2xxg ax g a x >+-，故e e 2x x ax a x <+-，故()1e 2xa x x -<-的解集中有且仅有两个正整数，若0a ≤，则当3x ≥时，()1e 012xa x x -≤<≤-，此时不等式的解集中有无数个正整数解，不合题意；若0a >，因为()111e 12a ->-，()221e 22a ->-，故()1e 2xa x x -<-的解集中不会有1,2，其解集中的正整数解必定大于等于3，不妨设3x ≥，则11e 2x x x a-<-的解集中有且仅有两个正整数，设()1e ,32x x s x x x -=≥-，()()()22231991e e 022x x x s x x x ≥-+-+=-'>-，故()s x 在[)3,+∞上为增函数，由题设可得45411e 42511e 52a a -⎧<⎪⎪-⎨-⎪≥⎪-⎩，故54324e 3e a ≤<，故答案为：54324e 3e a ≤<.【点睛】思路点睛：不等式解集中的正整数解的个数问题，可通过参变分离转化水平的动直线与确定函数图像的位置关系来处理.四、解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.15.设n S 为数列{}n a 的前n 项和，满足()*1n n S a n =-∈N.（1）求证：1(2n n a =；（2）记22212n n T S S S =+++ ，求n T .【答案】（1）证明见解析（2）1235111()(3232n n n --+-⋅【解析】【分析】（1）根据题意，得到2n ≥时，可得111n n S a --=-，两式相减得12n n a a -=，得到数列{}n a 为等比数列，即可得证；（2）由（1）求得21111()()24n n n S --+=，结合等比数列的求和公式，即可求解.【小问1详解】解：因为数列{}n a 的前n 项和，满足1n n S a =-，当2n ≥时，可得111n n S a --=-，两式相减得1n n n a a a -=-，即12n n a a -=，所以112n n a a -=，令1n =，可得1111S a a =-=，解得112a =，所以数列{}n a 构成首项为12，公比为12的等比数列，所以{}n a 的图象公式为1111(()222n n n a -=⋅=.【小问2详解】解：由（1）知1()2n n a =，可得11()2n n S =-，所以222111111()]12()()1()(22224[1n n n n n n S -=-⋅=+=-+-，则222121111()[1()]244(111)111124n n n n T S S S -⋅-=+++=+++--- 1235111()()3232n n n --=+-⋅.16.函数()2sin cos cos ,0f x x x x ωωωω=⋅+>，函数()f x 的最小正周期为π.（1）求函数()f x 的单调递增区间以及对称中心；（2）将函数()f x 的图象先向右平移π8个单位，再向下平移12个单位，得到函数()g x 的图象，在函数()g x 图象上从左到右依次取点122024,,,A A A ⋯，该点列的横坐标依次为122024,,,x x x ⋯，其中1π4x =，()*1π3n n x x n +-=∈N ，求()()()122024g x g x g x ++⋯+.【答案】（1）增区间为3πππ,π,88k k k ⎡⎤-+∈⎢⎥⎣⎦Z ，对称中心为为ππ1,,282l l ⎛⎫-∈ ⎪⎝⎭Z .（2）4【解析】【分析】（1）利用三角变换可得()12πsin 2224f x x ω⎛⎫=++ ⎪⎝⎭，结合周期可求1ω=，再利用整体法可求单调增区间和对称中心.（2）根据图象变换可得()sin 22g x x =，根据其周期性和特殊角的三角函数值可求()()()122024g x g x g x ++⋯+的值.【小问1详解】()11cos 212πsin 2222224x f x x x ωωω+⎛⎫=+=++ ⎪⎝⎭，因为()f x 的最小正周期为π，故2ππ2ω=，即1ω=，所以()12πsin 2224f x x ⎛⎫=++ ⎪⎝⎭，令πππ2π22π,242k x k k -≤+≤+∈Z ，故3ππππ,88k x k k -≤≤+∈Z ，故()f x 的增区间为3πππ,π,88k k k ⎡⎤-+∈⎢⎥⎣⎦Z .令π2π,Z 4x l l +=∈，则ππ,28l x l =-∈Z ，故()f x 图象的对称中心为ππ1,,282l l ⎛⎫-∈ ⎪⎝⎭Z .【小问2详解】由题设有()11ππsin 22222442g x x x ⎛⎫=-+-+= ⎪⎝⎭，则()g x 的周期为π，而3π3π3n n x x +-=⨯=，故()()3n n g x g x +=，而()()12πππ2π,2432234g x g x g ⎛⎫⎛⎫==+=+=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，()3π2ππ4πsin 432234g x g ⎛⎫⎛⎫=+=+=- ⎪ ⎝⎭⎝⎭，故()()()()()()()()12202412123674g x g x g x g x g x g x g x g x ⎡⎤++⋯+=++++⎣⎦222222674242444⎛⎫=-+--= ⎪ ⎪⎝⎭17.已知函数()()()232ln 34f x a x x a x a =+-+∈R ,（1）若曲线()y f x =在点()()1,1f 处的切线方程为()f x x b =-+，求a 和b 的值；（2）讨论()f x 的单调性.【答案】（1）12a =，74b =-（2）答案见解析【解析】【分析】（1）先对函数求导，结合导数的几何意义与斜率关系即可求解；（2）结合导数与单调性关系对a 的范围进行分类讨论即可求解．【小问1详解】()()232ln 34f x a x x a x =+-+，则23()32a f x x a x '=+--．曲线()y f x =在点()()1,1f 处的切线方程为()f x x b =-+，则()3112f a '=-=-，解得12a =，由()9114f ab =--=-+，解得74b =-，【小问2详解】()()232ln 34f x a x x a x =+-+，函数定义域为()0,∞+，则()()32223()322x a x a f x x a x x --'=+--=，令()0f x '=，解得2x =或23a x =，若0a ≤，则当(0,2)x ∈时，()0f x '<，()f x 单调递减，当(2,)x ∈+∞时，()0f x '>，()f x 单调递增，若0<<3a ，则当2,23a x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时，()0f x '<，()f x 单调递减，当20,3a x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭和(2,)x ∈+∞时，()0f x '>，()f x 单调递增，若3a =，则()0f x '≥在(0,)+∞上恒成立，()f x 单调递增，若3a >，则当232,x a ∈⎛⎫ ⎪⎝⎭时，()0f x '<，()f x 单调递减，当(0,2)x ∈和,23x a ⎛⎫∈+∞ ⎪⎝⎭时，()0f x '>，()f x 单调递增，综上所述，当0a ≤时，()f x 的单调递增区间为(2,)+∞，单调递减区间为(0,2)，当0<<3a 时，()f x 的单调递增区间为20,3a ⎛⎫ ⎪⎝⎭和(2,)+∞，单调递减区间为2,23a ⎛⎫ ⎪⎝⎭，当3a =时，()f x 的单调递增区间为(0,)+∞，无单调递减区间，当3a >时，()f x 的单调递增区间为(0,2)和2,3a ⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭，单调递减区间为2,23a ⎛⎫ ⎪⎝⎭．18.在ABC V 中，角,,A B C 所对的边分别为,,a b c .（1）证明：1cos sin tan 2sin 1cos A A A A A-==+；（2）若,,a b c 成等比数列.（i ）设b q a=，求q 的取值范围；（ii ）求tantan 22A C 的取值范围.【答案】（1）证明见解析（2）(i)11,22⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭；(ii)13,32⎡⎫⎪⎢⎪⎣⎭【解析】【分析】（1）利用二倍角公式及同角三角函数的平方关系证明即可；（2）（i ）利用三角形三边关系建立不等式组解不等式即可；（ii ）利用第一问及第二问第一小问的结论，结合正余弦定理、对勾函数的单调性计算即可.【小问1详解】易知(),,0,πA B C ∈，所以sin 0,sin 0,cos 0,1cos 0,1cos 022A A A A A ≠≠≠-≠+≠，则对于2112sin 1cos 2tan sin 22sin cos 22A A A A A A ⎛⎫-- ⎪-⎝⎭==，即左侧等式成立，又()()22sin 1cos 1cos 1cos A A A A =-=-+，两侧同时除以()1cos sin A A +，所以1cos sin sin 1cos A A A A-=+，即右侧等式成立，证毕；【小问2详解】（i ）由题意，设公比为q ，知2,b aq c aq ==，根据三角形三边关系知：22222201110q q q a aq aq q q a aq aq q q aq aq a q >⎧+>⎧⎪⎪+>+>⎪⎪⇒⎨⎨+>+>⎪⎪⎪⎪+>>⎩⎩，解之得11,22q ⎛⎫∈ ⎪ ⎪⎝⎭（ii ）由（1）及正弦定理、余弦定理知：222222221sin 1cos 2tan tan 221cos sin 12a b c A C A C a a c b a aq aq ab c b a A C c a c b a aq aq bc+---+-+-=⋅=⋅==+-++-+++222122111111q q q q q q q q q+-==-=-++++++，由对勾函数的性质知：()11f q q q =++在51,12⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭上单调递减，在511,2⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭上单调递增，所以())111f q q q ⎡=++∈⎣，则2131,1321q q ⎡⎫-∈⎪⎢⎪⎣⎭++，即tan tan 22A C 的取值范围为13,32⎡⎫⎪⎢⎪⎣⎭.19.已知定义在()0,∞+的两个函数，()()()1sin sin,0a f x x g x x a x=⋅=>.（1）证明：()sin 0x x x <>；（2）若()sin a h x x x =-.证明：当1a >时，存在()00,1x ∈，使得()00h x >；（3）若()()f x g x <恒成立，求a 的取值范围.【答案】（1）证明见解析（2）证明见解析（3）(]0,1【解析】【分析】（1）当1x ≥显然成立，当01x <<，构造函数利用导数证明sin x x <即可；（2）先求得()h x '在0,1单调递减，且()010h '=>，()010h '=>即可得；（3）sin x 与1sin x 异号，1x ≥时，()()f x g x <显然成立，只考虑∈0,1时，1sin sin a x x x ⋅<，()0a >，根据01a <≤，1a >分类利用（1）（2）结论判断即可.【小问1详解】当1x ≥时，sin x x <显然成立，当01x <<时，sin sin x x =.即证()sin ,0,1x x x <∈，设()()sin ,0,1x x x x ϕ=-∈，()1cos 0x x ϕ'=-≥，所以在0,1上单调递增，()()00x ϕϕ>=，故()sin ,0,1x x x <∈，综上可知：()sin 0x x x <>；【小问2详解】当1a >时，()sin a h x x x =-，()1cos a h x x ax --'=，当∈0,1时，cos x 单调递减，1a ax -单调递增，故()h x '在0,1单调递减，又()010h '=>，()010h '=>，所以()h x '在0,1存在唯一零点，记为0x ，所以ℎ在()00,x 单调递增，在()0,1x 单调递减，所以()00h x >，证毕.【小问3详解】由()()f x g x <，0x >，即1sin sin,0a x x x x ⋅<>，若sin x 与1sin x 异号，显然成立，只考虑sin x 与1sin x 同号，又1x =时，2sin 1命题成立；1x >时，11sin sin a x x x >≥⋅，命题成立，故只需考虑∈0,1时，1sin sin a x x x ⋅<，()0a >①，若01a <≤，11sin sin sin sin sin a x x x x x x x⋅=⋅≤<<，（用（1）的结论）①式成立，若1a >，取*N m ∈，01m x >，取()1010,12π2x x m =∈⎛⎫+ ⎪⎝⎭，则：1111111sin sin sin sin 2π=sin 2a x x m x x x ⎛⎫⋅=⋅+> ⎪⎝⎭，（用（2）的结论）故①不成立，综上：a 的取值范围为：(]0,1.。
(新课标)2020届高考地理一轮复习阶段检测(二)考点7-11(含解析)
阶段检测(二) 考点7～11时间：90分钟满分：100分第Ⅰ卷(选择题，共44分)一、选择题(共22题，每题2分，共44分，每题所给的选项中只有一个最符合题目要求)(2019·江西南昌调研)下图所示等高线示意图(比例尺1∶760)反映我国某地区一处地貌的形成过程。
据此回答1～2题。
1．[考向地质作用]现在该地貌的外部形态最接近于( )A．圆锥 B．洼地C．蘑菇状 D．柱状答案 C解析读图可知，10 000年前，该地貌随着海拔的升高，等高线圈变小，说明其形态类似馒头状；现在该地貌1 002米等高线圈明显变小，1 004米、1 006米等高线圈也略有缩小，说明该地貌中部明显变细，类似于“蘑菇状”，故C项正确。
2．[考向地质作用]图中箭头代表的地质作用是( )A．岩浆活动 B．变质作用C．海浪侵蚀 D．风力侵蚀答案 D解析结合上题分析可知，该地貌为“风蚀蘑菇”，其形成的主要原因是风力侵蚀，故D项正确。
(2018·江苏扬州模拟)下图为中国首次单人无动力帆船环球航海路线示意图，箭头表示航行方向。
读图完成3～4题。
3．[考向洋流的分布]航行至③海域时，帆船( )A．顺风顺流 B．顺风逆流C．逆风顺流 D．逆风逆流答案 A解析读图可知，③海域洋流为北赤道暖流。
该海域位于东北信风带控制区，帆船航行至此时顺风顺流。
4．[考向洋流的分布及对地理环境的影响]有关图中各海域洋流的叙述，正确的是( )A．①海域洋流使沿岸降温减湿B．②海域洋流自南向北流C．③海域洋流有利于渔场形成D．④海域洋流为上升补偿流答案 B解析①海域洋流为厄加勒斯暖流，使沿岸增温增湿；②海域洋流为本格拉寒流，自南向北流；③海域洋流为北赤道暖流，对渔场形成影响不大；④海域洋流为南赤道暖流，在东南信风的推动下，海水随风漂流。
(2018·浙江杭州高三模拟)海岸是海陆相互作用地带，贝壳堤是由海洋里大量甲壳生物的遗骸经过海潮和海浪长期冲刷及搬运，逐渐堆积而形成的，它是古海岸的遗迹。
2020年湖北省黄冈市高三第一次调研考试地理试题(含答案)
2020年精编地理学习资料湖北省黄冈市高三第一次调研考试地理试题（含答案）9月26日上午10:30-12:00考生注意：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
2.本试卷满分100分，考试时间90分钟。
3. 请将各题答案填在试卷后面的答题卡上，考试结束，考生只交答题卷。
4.考试范围：初中基础、必修一为主。
第Ⅰ卷（选择题共44分）本卷共22小题，每小题2分，共44分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
图1是某校地理课题组今年暑假对我国某地区进行的野外考察、测量并绘制的等高线地形图。
读图完成1-3题。
1.图示区域内最大高差可能为（）A.490米B.590米C.690米D.790米2.该地理课题组在绘图过程中，①处的支流未全部画出，你认为该支流最有可能流经的路径是（）A.③→②→①B.⑤→④→①C.⑦→⑥→①D.⑨→⑧→①3. 该地理课题组在考察过程中发现，该低山丘陵区自下而上分布农田、茶园、柑橘林等，这样发展农业有利于（）①防止水土流失②减轻寒潮影响③缓解劳力不足④优化种植结构A. ①②B. ②③C. ③④D. ①④大气科学中日出前或日落后的绚烂天色被称为“曙暮光”，分为民用曙暮光、航海曙暮光与天文曙暮光（如图2所示）。
曙暮光是风光摄影师最为钟情的黄金时段，某摄影师与9月26日在某地（116°E）拍摄曙暮光美景。
据此完成4-6题。
4.“鸡鸣紫陌曙光寒”描述的是太阳高度角大约在地平线下12°-18°之间的天文曙暮光，该摄影师若想拍到此时曙暮光，镜头方向最可能为（）A.东B. 南C. 西D. 北5.气象学上的黄昏专指太阳落到地平线下至高度角位于地平线下6°的这段时间，若该摄影师不想错过这段黄昏美景，开始拍摄时最可能为北京时间（）A.17:36B. 18:00C. 18:24D.18:486.太阳高度角在地平线下18°以下，天际的亮色完全退去（夜晚才真正到来）或天际的亮色已经开始（白昼就真正到来）。
湖北省黄冈市2020届高三地理备考监测联考试题(含解析)
【12题详解】
据上题可知，该天气系统为冷锋，冷锋过境后的天气变化为气温降落，气压上涨，天气转晴，应选C。
读图达成下边小题。
13.据图剖析，对纳米布荒漠的形成影响最小的是
A.流行风B.地形C.洋流D.气压带
14.该海疆有一渔场，其形成的主要原由是
A.寒暖流交汇以致海水上泛B.人海河流带来大批营养盐类
【18题详解】
读图可知，甲处岩石为板岩；依据所学知识可知，板岩为变质岩；花岗岩、玄武岩为岩浆岩；
石灰岩为堆积岩；大理岩为变质岩；所以成因同样的岩石为板岩和大理岩，应选B。
- 8 -
19题详解】
据资料可知，该图为我国台湾岛及邻近的地质地貌剖面图，图中岛屿和山脉主假如因为亚欧板块和太平洋板块发生碰撞，太平洋板块俯冲到大陆板块之下，大陆板块一侧抬升形成岛屿和海岸山脉，应选D。
激烈，营养物质丰富，藻类生殖，为鱼类供给大批饵料，进而形成渔场。
以下图表示祁连山北坡北大河支流柳泉沟上游某水文观察站(海拔3713 m)多年8月1日至
9月29日每日径流量变化。
据此达成以下各题。
15.8月份,影响该水文站每日径流涨落幅度较大的主要要素是
A.降水B.下渗C.蒸发D.气温
16.与8月份对比,9月份该水文站每日流量涨落幅度减小的原由可能是
【15题详解】
读资料及图中信息可知，该河流上游海拔较高，每日径流量存在显然的日夜变化规律，可判
断河流补给主要来自高峰冰雪融水，所以径流受气温影响大，应选D。
【16题详解】
9月此后，气温渐渐降落，高峰冰雪融水渐渐减少，蒸发量和下渗量减少；同时，9月份降雪
量增添，冰面多为新雪覆盖，反射率增大，冰川融化显然减弱，以致流量锐减，应选C。
湖北省黄冈市2020版高三上学期地理9月调研测试文科综合试卷(I)卷
湖北省黄冈市2020版高三上学期地理9月调研测试文科综合试卷（I）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共4题；共16分)1. （4分） (2017高二下·福州期末) 在交通的十字路口处,我们经常见到如图所示的交通信号灯,据此完成下列各题。
（1）有人注意到在一周白天中,同一交通信号灯的亮度会出现变化,你认为影响因素主要是（）A . 海拔高度B . 电网供电C . 阴晴状况D . 交通流量（2）下列城市中，大量设置这种交通信号灯效果最好的是（）A . 西宁B . 重庆C . 哈尔滨D . 海口2. （6分） (2017高二下·三明期末) 下图为北京市密云县地形图图，读图，回答下列各题。
（1）关于密云县的自然地理状况，正确的叙述是（）A . 地势四周高中间低B . 植被以温带落叶阔叶林为主C . 阵雨以对流雨为主D . 聚落集中在山前冲积扇（2）关于密云县河流，正确的叙述是（）A . 潮河的含沙量高于潮白河B . 白河的流向为自东南向西北C . 潮白河流域与密云水库的集水范围一致D . 河流的补给主要是季节性积雪融水（3）从可持续发展的角度出发，北京为了缓解水资源紧张问题，可采取的主要措施是（）A . 改变降水量的季节分配B . 加大地下水的开采力度C . 加快地表水体循环速度D . 调解径流量的地区分布3. （4分） (2017高一下·建瓯月考) 读图，完成下列问题。
（1）关于B，C两地环境特征的叙述，正确的是（）A . 气候类型相同B . 冬季盛行风的风向相同C . 河流汛期相同D . 自然带相同（2）关于三地自然带的叙述，正确的是（）A . A地垂直带谱的多少决定于山体的高度B . B地是亚热带常绿硬叶林带C . A，B两地自然带相同D . 从B到C的变化原因主要是水分因素4. （2分） (2017高二下·佛山月考) 到南极大陆进行科考最佳的季节是（）A . 北半球冬季B . 南半球冬季C . 北半球春季D . 南半球春季二、综合题 (共4题；共45分)5. （15分） (2019高二上·大理期中) 图1为巴基斯坦略图，图2为伊斯兰堡和卡拉奇两城市的气候资料。
2024届山东省名校联盟高三上学期12月测试地理试题及答案
试卷类型A山东名校考试联盟2023年12月高三年级阶段性检测地理试题本试卷总分100分，考试时间90分钟。
注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共15小题，每小题3分，共45分。
每小题只有一个选项符合题目要求。
位于贵阳市的某县域企业成立时是传统的磷化工企业。
随着新能源汽车产业的发展，该企业主动寻求转型，着力布局磷酸铁锂正极材料(电池材料)的研发。
目前，企业已获得专利66项，经济效益明显。
2021年，该企业获国家“专精特新‘小巨人’企业”称号。
据此完成1～2题。
1.该企业研发的专利多属于①设备研发领域；②销售模式标准；③品牌创意设计；④生产工艺优化A.①②B.①④C.②③D.③④2.自建厂以来，企业加工厂的位置一直保持不变，主要是因为该地区A.市场需求广阔B.政策支持力度大C.原料量大质优D.劳动力丰富廉价祁连山黑河发源地区(图1)冻融作用发育普遍而强烈。
随着气候变暖，该地区因冻土层融化导致地表土体的滑塌现象(热融滑塌)多发，这对地区生态环境造成了较大的影响。
据此完成3～5题。
3.下列四地易发热融滑塌的是A.甲B.乙C.丙D.丁4.黑河源地的热融滑塌多发在阴坡区域，主要是由于阴坡区域A.降水频率大B.土体湿度大C.土体厚度大D.温差变化小5.随着气候变暖，热融滑塌的面积增大会造成黑河源地A.河流补给类型增多B.高寒草甸面积扩大C.生物多样性增加D.土壤碳排放量增大历次人口骨查结果可以反映人口迁移状况，人口迁移给区域发展带来较大影响，下图为东北三省四次人口普查的人口迁移状况表，据此完成6～7题。
6.关于东北三省人口迁移特点下列说法正确的是A.“五普”相较“四普”,东北地区开始呈现净迁出趋势B.“七普”相较“六普”,黑龙江省人口迁移变率最大C.“四普”至“六普”,吉林省人口净迁出总量最少D.“四普”至“七普”,东北地区净迁出趋势持续加速7.人口迁移状况给东北地区发展带来的影响是①阻碍劳动密集型制造业的发展；②限制生产性服务业的发展；③阻碍制造业的转型；④缓解人口老龄化问题。
湖北省黄冈市部分普通高中2023-2024学年高三上学期期中考试数学试题答案
2023年秋季黄冈市部分高中阶段性质量检测高三数学试题参考答案一､单项选择题（本题共8小题，每小题5分，共40分）.12345678DCABABBD二､多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分）.9101112ABCABDADACD三､填空题.13.7414.[)ππ2，15.716.[)∞+，1部分小题解析：8.对R x ∈∀，都有)(-11-1-1-)-(x f x x x x x f =+-=--+=所以0)()(,=-+∈∀x f x f R x ，)(x f 为奇函数，A 错；⎪⎩⎪⎨⎧>--+≤<--+=--+=>1,1110,1111)(,0x x x x x x x x x f x 时易知)(x f 在(]10，上单调递增，此时(20)(，∈x f 当11211)(,1-++=--+=>x x x x x f x 时∴)(x f 在()∞+，1上单调递减，此时()20)(，∈x f ∴0>x 时，(20)(，∈x f ∴0<x 时，[)02-)(，∈x f 而0)0(=f ，所以0m =，方程m x f =)(仅有一根，B 错；()1,0∈x 时，()+∞∈,1-2x ，此时()()121211)2(-)(---+----+=-x x x x x f x f =xx x x x x --+=-+----+311311而函数x x x p --+=31)(在()10，上单调递增，得()1,0∈x 时，0)1()(=<p x p ())2()(,10x f x f x -<∈∀∴，对，C 错；综上，0≤a 时，2-2≥a ，此时)2(0)(a f a f -<≤()1,0∈a 时，()+∞∈,1-2a ，此时)2()(a f a f -<1≥a 时，()10-2，∈a ，此时)2()(a f a f -≥，D 对9.提示：因b b a -≥>，所以0>+b a ，A 对因33b a b a b b a >>≥>，，，B 对由上，，02>+>>b a a b a 所以，ab a 211>+C 对由于()4)(2,0,0,10>-+-+=--->-<-=>b aab b b a a b a b a b ab a ，所以，ba b a ->-411D 错10.提示：C 项：6,32ππ==B A 时，sin cos A B =，C 错11.提示：)6cos()(πωω-='x x f Z k k x ∈=-,26ππω得)(x f '取得最大值时的Z k k x ∈+=,26ωππ结合)(x f 'ωπ2==T AC ωπ323B ==T C ωπ362B ==T C ∴Z k k k x c ∈+=++=,22326ωππωπωππ∴)(c x f 'Z k k k ∈==+=-+⋅=,12)23cos()622cos(ωππωπωππωω∴2=ω12.提示： x x x f x f x x x f 1)()()(2=-'='⎪⎭⎫ ⎝⎛∴可设C x xx f +=ln )(（其中C 为常数）又对任意的正数n m ,恒有mnn mf m nf mn f ++=)()()(xy=1ABC∴对任意的正数n m ,恒有1)()()(++=nn f m m f mn mn f ∴()1ln ln ln ++++=+C n C m C mn ∴1-=C ，x x x x f x xx f -=-=ln )(,1ln )(其中D 项：22ln )()(x x x x x x f x p +-=+=，xx x p 2ln )(+=' )(x p '在()∞+，0上单调递增，且021)1(<+-='e e p ，02)1(>='p 所以⎪⎭⎫⎝⎛∈∃1,1e x o 使)(x p 在()o x ，0上单调递减，)(x p 在()+∞,o x 上单调递增∴o x x =为函数)(x p 的极小值点且满足02ln 0=+x x o ，⎪⎭⎫⎝⎛∈1,1e x o ∴()0)1(2222ln 3000200000>-=+-=+=+x x x x x x x x x f o 16.提示：由a x eaxln ≥恒成立可得0>a ，此时直线a x y 1+=恒在直线x y =上方∴不等式a x a x e ax ln 1≥+≥恒成立只需不等式ax e ax1+≥恒成立即可⎪⎭⎫ ⎝⎛+-=a x e x p ax 1)(令，1)(-='ax ae x p 则∴)(x p 在⎪⎭⎫ ⎝⎛-∞-a a ln ,上单调递减，在⎪⎭⎫⎝⎛∞+-，a a ln 上单调递增∴0ln ln ()(min ≥=-=aa a a p x p ∴1≥a 四､解答题.17.（1）βααββα+=∠-=∠=∠=∠BAC B CAD BAD ，，则设,102)sin(102)(os =--=+∴αββα，c 20,0ππ<∠<<∠<B BAC 1027)cos(,1027)sin(=-=+∴αββα2524)sin()cos()cos()sin()]()sin[(2sin =-++-+=-++=∴αββααββααββαβ25242sin C sin ==∴β5224sin sin =⇒=∆AB C AB B AC ABC 中，在（5分）（2）)]()cos[(2cos αββαα--+=0)sin()sin()cos()cos(=-++-+=αββααββα42222020ππαπαπα=∠∴=∠=∴<<∴∈=∠BAD BAD BAD ，（而（10分）18.（1）由题可知：选择新能源汽车选择传统汽车合计40岁以下703010040岁以上（包含40岁）4060100合计11090200零假设为0H ：选择新能源汽车与车主性别相互独立，即选择新能源汽车与车主年龄无关．所以，828.1018.18211200901101001004030-607020022>≈=⨯⨯⨯⨯⨯⨯=）（χ所以依据小概率值0.001α=的独立性检验，我们推断0H 不成立.由此推断犯错误的概率不大于0.001α=，故至少有99.9%的把握认为选择新能源汽车与年龄有关.（6分）（2）相关系数为()()niix x y y r--=∑b =所以14.7 4.70.940.95r ==⨯=>，故y 与x 线性相关较强.（12分）19.（1）1112=，21)1(211log 2+=-+=∴n n n T n 2)1(2+=∴n n n T （3分）nnn n n n n n T Ta n 2222)1(2)1(1===≥∴--+-时，符合上式又1122==a n n a 2=∴（6分）（2）nn n n b )21(21)1(1--=⋅-=+])21(1[31)21(1])21(1[21n n n S --=----=∴（8分）)211(31�n n S n +=为奇数时，当为单调递减数列此时n S 21S 311=≤<∴S n 此时211(31�n n S n -=为偶数时，当为单调递增数列此时n S 31S 412<≤=∴n S 此时综上①②n S 的最小值为41，最大值为21（12分）（2），设α=∠BOM ααcos 11os =∴==∆OM OM OM OB c BOM Rt ，中，在62πααπ+=∠-=∠∆ONC NOC NOC ，中，在)6sin(22sin sin πα+=∠=ON ONC OC C ON ，得由)6sin(cos 4321παα+⋅=⋅=∴∆ON OM S OMN （8分）αααπαα2cos 2cos sin 32)6sin(cos 4+=+⋅=t 令1)62sin(212cos 2sin 3++=++=πααα32ta 20=∠<∠≤≤AOB n AOB 其中πα33)(,36262min max ====+∴∆OMN S t 时，παππα（12分）22.（1）方程xe x=-ln 1xa x e x +=-⇔ln 1a x x xe x +=-⇔ln ax x e x x =+-⇔+)ln (ln 令x x t ln +=，函数x x t ln +=在()+∞∈,0x 单调递增且R t ∈∴方程xax x f +=ln )(在()+∞∈,0x 有两根21,x x可转化方程a t e t =-在R t ∈有两根21,t t ，其中222111ln ,ln x x t x x t +=+=令t e t p t -=)(，则1)(-='t e t p ∴)(t p 在()0,∞-∈t 为减函数，在()+∞∈,0t 为增函数∴1)0()(min ==p t p 又-∞→x 时，+∞→)(t p ；+∞→x 时，+∞→)(t p ∴),1(+∞∈a （6分）（2）不妨设两根21t t <，则210t t <<，)()(21t p t p =令0,2)()()()()(>--=+--=--=--t t e e t e t e t p t p t q t t t t 则02)(>-+='-t t e e t q ∴)(t q 在()+∞∈,0t 单调递增∴0>t 时，0)0()(=>q t q 由02>t 得0)()()(222>--=t p t p t q ∴)()()(221t p t p t p ->=而)(t p 在()0,∞-∈t 单调递减，且0021<-<t t ，所以02121<+-<t t t t ，所以0ln ln 221121<+++=+x x x x t t 2121212122112ln 2)ln(ln ln x x x x x x x x x x x x +≥++=+++∴0ln 2121<+x x x x 又021111ln>-=+e e e ∴ee x x x x 11lnln 2121+<+而x x y +=ln 在()+∞∈,0x 单调递增∴e x x 121<∴ex x 121<（12分）。
2020届湖北省黄冈市高三毕业班上学期阶段性检测地理试卷及答案
绝密★启用前湖北省黄冈市2020届高三毕业班上学期阶段性检测地理试题本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共8页，满分为100分，考试用时90分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、考试科目填写在规定的位置上。
2．第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
3．第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案，不得使用涂改液，胶带纸、修正带和其他笔。
第Ⅰ卷（共25道选择题，共50分）多年冻土分为上下两层，上层为夏季融化、冬季冻结的活动层，下层为多年冻结层。
我国的多年冻土主要分布于东北高纬地区和青藏高原高海拔地区。
东北高纬地区多年冻土南界的年平均气温在－1～1℃,青藏高原多年冻土下界的年平均气温约-3.5～-2℃。
由我国自行设计、建设的青藏铁路格(尔木)拉(萨)段成功穿越了约550千米的连续多年冻土区,是全球目前穿越高原、高寒及多年冻土地区的最长铁路。
多年冻土的活动层反复冻融及冬季不完全冻结,会危及铁路路基。
青藏铁路建设者创造性地提出了“主动降温、冷却路基、保护冻土”的新思路,采用了热棒新技术等措施。
下图是青藏铁路路基两侧的热棒照片及其散热工作原理示意图。
读图回答1-3题。
1.相比东北地区,青藏高原多年冻土下界年均温更低,其原因主要是A.青藏高原冬季气温较高B.青藏高原冬季气温较低C.青藏高原夏季气温较高D.青藏高原夏季气温较低2.根据青藏高原自然环境特点及热棒图示,分析得出热棒的主要工作季节为A.春季B.夏季C.秋季D.冬季3.图中显示热棒倾斜设置,究其原因主要是A.利于路基散热B.便于列车停靠C.利于保护路基D.更加美观某河发源于美国内陆高山,河流上游河段受季节性融雪和大气降水补给。
7月后主要受降水补给,降水多为暴雨。
河北省部分学校2024-2025学年高三上学期11月阶段调研检测二 地理 含答案
A.气温的年日较差大B.冬季夜长，光照弱C.山地阻挡寒冷冬季风D.降水少，空气湿度小
11.应县木塔所用红松木材最可能运自我国的（ ）
①大小兴安岭林区②东南沿海林区③横断山林区④长白山林区
A.①③B.②④C.①④D.②③
华西秋雨是我国华西地区，包括四川、重庆、甘肃南部、陕西中南部、湖北中西部、云南东部、贵州等地秋季出现的多雨天气现象。华西秋雨一般从9月持续到11月份左右。近年来，在气候变化背景下，华西秋雨雨量、强度等发生了变化。下图为1981-2023年华西地区秋季不同区域小时平均降水量年际变化图。据此完成下面小题。
15.贵溪阳际峰国家级自然保护区泥炭藓群落的发现，说明该保护区（ ）
A.森林密闭，长势良好B.多种动植物的进化缓慢C.终年温和，气候湿润D.生物群落处于初期阶段
16.该保护区泥炭藓植物具有缓解气候变暖功能，其功能表现在（ ）
A.维持食物链B.储存有机碳C.释放大量氧气D.增移是全球的普遍现象。下图为1950-2035年全球不同规模城市人口迁移（包括预测）统计图。据此完成下面小题。
3.提高城镇化水平的人口迁移是人口由（ ）
A.乡村迁移到各等级城镇B.小城镇迁移到中等城市
C.中等城市迁移到大城市D.大城市迁移到中小城镇
4.目前，对人口迁移拉力最大的城市是（ ）
A.30万人口以下的城市B.100-500万人口城市C.500-1000万人口城市D.1000万以上人口城市
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共16小题，每小题3分，共48分。在每个小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
荷兰第四大工业城市埃因霍温位于荷兰东南部，于1998年成立了高科技园区。多年来，埃因霍温科技大学及邻近的高等院校，为高科技园培育了大批高素质技术人才。如今，该园区有来自50多个国家的高科技企业，不断催产高科技成果，成为欧洲领先的科技中心之一。埃因霍温高科技园功能区布局极具特色，园区的中心设立休闲大道，并配备开放式餐厅、咖啡馆、会议室、健身中心等。除公共休闲空间之外，其他建筑楼宇、企业都不能单独设置餐厅等服务设施。据此完成下面小题。
湖北省黄冈市2020年(春秋版)高三上学期地理期中考试试卷D卷
湖北省黄冈市2020年（春秋版）高三上学期地理期中考试试卷D卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共17题；共76分)1. （4分） (2017高二下·襄阳月考) 读加拿大主要铁路和城市分布图，完成下列各题。
（1）与加拿大铁路和城市分布规律类似的还有（）①植被覆盖率②水源分布③种植业区④工业区⑤人口分布A . ①②③B . ③④⑤C . ①②④D . ②③⑤（2）有关加拿大特点的说法正确的是（）A . 河流封冻期长有凌汛，主要靠积雪融水和雨水补给B . 由南向北，自然带由亚寒带森林带逐渐变为草原带C . 海岸线漫长，海运、河运发达D . 越往北，土壤层越深厚，有机质含量越高2. （4分） (2018高二下·桂林开学考) 近年来，有西方发达国家鼓励外迁的企业回迁。
某组装企业欲从我国回迁本国进行生产。
完成下列各题。
（1）若该企业回迁后生产的产品与规模不变，则下列区位变化正确的是（）A . 远离企业总部B . 扩大销售市场C . 工人数量减少D . 技术投入减少（2）下列影响该企业生产的区位因素中，近年来发生有利变化的是（）①集聚协作②劳动力成本③环保成本④市场规模A . ①②B . ②③C . ③④D . ①④3. （6分）有关全球变暖的影响叙述不正确的是（）A . 可能会使发展中国家所面临的问题比发达国家更为严峻B . 导致海平面上升C . 可能导致干旱、洪涝、暴雨等灾害事件增加D . 对人体健康的威胁不会增加4. （4分） (2018高一下·河北开学考) 下图是“北京、东京、伊尔库茨克和火奴鲁鲁气压年变化曲线图”，按以上顺序排列的气压年变化曲线是（）A . abcdB . bcadC . dcbaD . cabd5. （6分） (2016高二上·北仑期中) 第31届夏季奥林匹克运动会，于当地时间2016年8月5日~21日在巴西原首都里约热内卢举行。
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湖北省黄冈市2020届高三地理上学期阶段性检测试题本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共8页，满分为100分，考试用时90分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、考试科目填写在规定的位置上。
2．第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
3．第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案，不得使用涂改液，胶带纸、修正带和其他笔。
第Ⅰ卷（共25道选择题，共50分）多年冻土分为上下两层，上层为夏季融化、冬季冻结的活动层，下层为多年冻结层。
我国的多年冻土主要分布于东北高纬地区和青藏高原高海拔地区。
东北高纬地区多年冻土南界的年平均气温在－1～1℃，青藏高原多年冻土下界的年平均气温约-3.5～-2℃。
由我国自行设计、建设的青藏铁路格(尔木)拉(萨)段成功穿越了约550千米的连续多年冻土区，是全球目前穿越高原、高寒及多年冻土地区的最长铁路。
多年冻土的活动层反复冻融及冬季不完全冻结，会危及铁路路基。
青藏铁路建设者创造性地提出了“主动降温、冷却路基、保护冻土”的新思路，采用了热棒新技术等措施。
下图是青藏铁路路基两侧的热棒照片及其散热工作原理示意图。
读图回答1-3题。
1.相比东北地区，青藏高原多年冻土下界年均温更低，其原因主要是A.青藏高原冬季气温较高B.青藏高原冬季气温较低C.青藏高原夏季气温较高D.青藏高原夏季气温较低2.根据青藏高原自然环境特点及热棒图示，分析得出热棒的主要工作季节为A.春季B.夏季3.图中显示热棒倾斜设置，究其原因主要是A.利于路基散热B.便于列车停靠C.利于保护路基D.更加美观某河发源于美国内陆高山，河流上游河段受季节性融雪和大气降水补给。
7月后主要受降水补给，降水多为暴雨。
该河段流量和含沙量年内变化大，但河面宽度变化不明显。
下图示意该河段典型河流断面不同时间的水体形态。
读图，回答4-6题。
4.该河段河面宽度变化不大，其主要影响因素是A.地质因素B.地形因素C.气候因素D.植被要素5.4-6月份，导致该河流深度变化的主要影响因素是①气温②降水③泥沙淤积④地壳运动A.①②B.①③C.②③D.③④6.8月份，河床抬高，其主要原因是A.泥沙淤积B.降水量增加C.水量减少D.地壳抬升某科考队于8月考察堪察加半岛。
考察中发现，堪察加半岛北部发育苔原，南部生长森林；东西向气候区域差异显著；下图示意堪察加半岛的地形。
读图回答7-9题。
7.勘察加半岛火山活动频繁，是因为A.受太平洋板块挤压B.受美洲板块挤压C.亚欧板块张裂D.印度洋板块张裂8.图中a、b、c、d四地中，降水量最少的最有可能是9.堪察加半岛地表植被南北差异较大，主导影响因素是A.水分B.热量C.光照D.地形全球变暖导致冰川融化和海平面上升。
为减缓全球变暖,发展低碳经济是人类社会的必然选择。
读图文资料,回答10-11题。
科学家们考察了美国西北部某山岳冰川消融的状况(下图)及产生的影响。
10.对图中所示地区1936～2015年期间地表环境变化的表述,与实际情况相符的是A.年蒸发量始终不变B.河湖水量持续稳定增加C.生物种类保持不变D.地表淡水资源总量减少11.科学家们在推断海平面上升所淹没的陆地范围时,不作为主要依据的是A.潮汐规模和洋流方向B.海水受热膨胀的幅度C.全球冰川融化的总量D.沿海地区的海拔高度2008年2月26日“植物界诺亚方舟”仓库在北欧挪威的西斯匹次卑尔根岛（如下图）正式落成，以便在地球遭遇极端灾害后还能保存世界各地的生命种子。
读图回答12-13题。
12.选择仓库在建在此处最主要的原因是A.寒流流经此处，气候寒冷B.国际航线众多，交通便利C.受人类活动影响小D.冷高压控制之下，多大风13.全球气候变暖趋势下，未来几十年内，种子库最有可能遭遇的环境风险是A.冰雪融水渗入种子库B.温度升高，种子发芽C.海平面上升，淹没种子库D.种子库坍塌，威胁其安全下图显示某国移民人数及其占总人口比例的变化。
读图，完成14～15题。
14.上图中所示的①、②、③、④四幅图中，符合该国人口增长特征的是A.①B.②C.③D.④15.该国人口自然增长率最低的时段为A.1910～1930年B.1930～1950年C.1950～1970年D.1970～1990年面临城市无限制低密度向外扩张的问题，美国规划师协会(APA)于2003年提出城市“精明增长”的理念，推行高效、集约、紧凑的城市发展模式。
美国“精明增长”的先锋城市一波特兰，通过制定严格的城市增长边界来控制城市向外蔓延，同时在城市增长边界内提高建筑密度，并采取增加绿色环境和公共空间、大力推行公交和慢行系统来缓解高密度带来的负面影响。
经过数十年的努力，波特兰成为了一个家居、绿色、可持续的现代化城市。
据此完成下列16-18题。
16.“精明增长”理论的核心是限制了A.人口密度B.城市等级C.城市面积D.服务范围17.波特兰通过“精明增长”的规划方案，可以A.保护城市边缘农田B.解决城市交通拥堵C.提高城市化水平D.优化城市产业结构18.波特兰城市规划建设对我国建设家居城市最具有借鉴意义的是A.进一步提高城市建筑密度B.积极开发老城区、棚户区C.大力推动郊区城市化D.兴建卫星城，疏解城市职能位于南岭山地的某县90%以上土地不适宜耕种和聚落建设，主要集镇位于较大的山间谷地。
集镇住宅多为三层，其二层和三层也开有外门，如图所示。
尽管水淹频率很高，这些集镇住宅“淹而不没，灾而无难”。
据此完成19-21题。
19.在农业社会，制约该县聚落规模的主要条件是A.河流水量B.谷地面积C.林木产量D.风俗习惯20.这些集镇住宅二层和三层都开外门，主要是为了A.通风B.避灾C.采光D.美观21.这些集镇遭遇的洪水特点是①砾石多②退水快③历时长④流速缓A.①②B.①③C.②④D.③④西班牙是欧洲发达国家中发展水平较低的国家，该国甲地(位置见如下图)有“欧洲菜篮子”之称，1971年引入滴灌技术，日光温室(不需人工增温)快速普及，生产的蔬菜、瓜果等农产品出口量大增，主要出口西班牙以北的欧洲发达国家。
20世纪90年代以后，甲地温室农业进入集温室安装维护、良种培育与供应、产品销售、物流等为一体的集群式发展阶段，产品出口量加速增长。
阅读图文资料，回答22-25题。
22.70年代前，制约甲地发展温室蔬菜生产的主要自然条件是A.光照B.热量C.水分D.地形23.70年代，甲地的农产品出口西班牙以北的欧洲发达国家，其主要优势条件是①水土条件优越；②生产成本较低；③瓜果蔬菜成熟早；④发展历史悠久。
A.①②B.②③C.①③D.③④24.从材料中可以看出，下列不属于甲地温室农业集群式发展优势的是A.利于新品种的推广B.利于维护更新生产设备C.利于及时运送产品D.利于减弱农户间的竞争我国人口众多，生活垃圾产生量巨大，迫切需要对垃圾进行无害化、资源化处理。
近些年，某企业开发了厨余垃圾自动处理系统，并在全国很多城市推广。
下图示意该厨余垃圾自动处理系统的主要工艺流程。
据此完成25题。
25.下列选项中，关于该系统说法正确的是A.杂物和废渣是该自动处理系统的原料B.该系统能够实现零排放C.厨余垃圾的合理分拣是该系统有效运转的前提D.该系统安装成本低，可以在家庭厨房中广泛推广使用第Ⅱ卷（共25道选择题，共50分）26.阅读材料，回答问题。
(12分)位于瑞典和丹麦两国交界处的厄勒海峡地区拥有多所著名大学，当地政府通过多种方式支持产学研合作项目，促进了生命科学、生物技术、医疗技术和医药技术等产业的集聚发展。
目前，该地区已成为欧洲著名的“医药谷”。
2000年7月，连接丹麦哥本哈根和瑞典马尔默的厄勒海峡跨海工程竣工通车。
该工程全长16千米，采用海底隧道和跨海大桥(高塔斜拉索桥)组合的方案。
下图为厄勒海峡周边区域及跨海大桥及其景观示意图。
⑴该工程西段采用海底隧道而未采用跨海大桥的方式修建，主要目的是。
(2分)⑵桥隧结合处未利用萨尔特岛，而是新建人工岛，有利于 (单选，2分)A.提高通行速度B.降低施工难度C.保持水流畅通D.保护萨尔特岛生物⑶分析厄勒海峡地区成为“医药谷”的有利条件。
(4分)⑷结合图中材料，分析与A处相比，目前的位置修建跨海大桥的优劣势。
(2分)⑸说明修建跨海大桥对厄勒海峡地区发展的积极作用。
(2分)27.阅读图文资料，完成下列要求。
(15分)下图为春季T时刻亚洲部分地区的海平面气压分布图。
⑴图中高压系统在低压系统的 (填方向)，M地风力 (填大于或小于)N地，在下图中，绘制完成MN沿线锋面示意图(要求：绘制出锋面，并标注冷暖气团运动方向)。
(6分)⑵分析说明T时刻该锋面形成的原因。
(3分)⑶预测N点将要发生的天气变化。
(4分)⑷说明该区域春季天气系统活跃的原因。
(2分)28.阅读下列材料，回答问题。
（6分）下图为我国华北某沿海地区景观剖面示意图，图中海岸为沙质海岸。
⑴分别说明图中甲、乙、丙三处植被的主要生态功能。
(3分)⑵近年来，该地区的荒草地不断开垦为农田，指出可能产生的主要环境问题。
(3分)29. 阅读下列材料，回答问题。
（17分）贝加尔湖是世界上最深和蓄水量最大的淡水湖，湖底沉积物巨厚，可达8千米，监测表明湖水深度还在加大。
贝加尔湖属于贫营养湖，湖水非常清澈，居世界第二位。
贝加尔湖沿岸植被茂密，水生生物资源平富，钩虾等能够分解动植物遗体的动物种类丰富。
贝加尔湖湖面常会出现4米以上的风浪，但距湖面10米以下的水体却是一片宁静。
湖水随季节交替，水体一年内会发生两次大循环(表层和底层湖水交换)，属双循环湖(一般情况下，湖水水温在接近4℃时密度最大，当密度随深度增加时湖水稳定，反之则会产生对流循环)。
每年1月至5月，湖面结冰。
其周围，总共有大小336条河流注入，其中色楞格河是贝加尔湖最大的补给河流，其河口处有面积达500平方千来的湿地，而从湖中流出的则仅有叶尼塞河的支流安加拉河。
⑴从成因上来看，贝加尔湖属于湖，从湖水含盐量或矿化度的多少上来看，贝加尔湖属于湖，湖底沉积层厚且湖水深度还在加大，说明了。
(单选)(3分)A.湖区降水量加大B.入湖径流增多C.湖盆在加深D.入湖泥沙增多⑵贝加尔湖被称为冷暖双制的“天然空调机”，冬季湖面结冰 (填吸热或放热)，使湖区周围气温较本区其他地方气温；春季融冰 (填吸热或放热)，使湖区周围气温较本区其他地方气温。
(4分)⑶结合材料分析，分析贝加尔湖湖水清激的原因。
(4分)⑷贝加尔湖湖水更新缓慢，请结合材料分析其主要原因。
(2分)⑸说明贝加尔湖湖水双循环发生的季节，并分析原因。
(4分)参考答案26.⑴保证哥本哈根机场飞机起飞与降落安全(或保证航空运输安全)(2分)；⑵D(2分)；⑶高校多，具有技术和人才优势(1分)；政府政策支持，医药产业集聚(1分)；区内拥有航空港，高速公路贯穿，交通便捷(1分)；地处温带海洋性气候区，气候宜人，环境优美(1分)。