高中数学函数零点问题及例题解析2018年高三专题复习-函数
【高中数学】利用导数研究函数零点问题
利用导数研究函数零点问题考点一研究函数零点个数[典例](2018·全国卷Ⅱ)已知函数f (x )＝13x 3－a (x 2＋x ＋1)．(1)若a ＝3，求f (x )的单调区间；(2)证明：f (x )只有一个零点．[解](1)当a ＝3时，f (x )＝13x 3－3x 2－3x －3，f ′(x )＝x 2－6x －3.令f ′(x )＝0，解得x ＝3－23或x ＝3＋2 3.当x ∈(－∞，3－23)∪(3＋23，＋∞)时，f ′(x )>0；当x ∈(3－23，3＋23)时，f ′(x )<0.故f (x )的单调递增区间为(－∞，3－23)，(3＋23，＋∞)，单调递减区间为(3－23，3＋23)．(2)证明：因为x 2＋x ＋1>0，所以f (x )＝0等价于x 3x 2＋x ＋1－3a ＝0.设g (x )＝x 3x 2＋x ＋1－3a ，则g ′(x )＝x 2(x 2＋2x ＋3)(x 2＋x ＋1)2≥0，仅当x ＝0时，g ′(x )＝0，所以g (x )在(－∞，＋∞)上单调递增．故g (x )至多有一个零点，从而f (x )至多有一个零点．又f (3a －1)＝－6a 2＋2a －13＝－－16<0，f (3a ＋1)＝13>0，故f (x )有一个零点．综上，f (x )只有一个零点．[对点训练]设函数f (x )＝ln x ＋mx，m ∈R .(1)当m ＝e(e 为自然对数的底数)时，求f (x )的极小值；(2)讨论函数g (x )＝f ′(x )－x3零点的个数．解：(1)由题意知，当m ＝e 时，f (x )＝ln x ＋ex (x >0)，则f ′(x )＝x －ex2，∴当x ∈(0，e)时，f ′(x )<0，f (x )在(0，e)上单调递减；当x ∈(e ，＋∞)时，f ′(x )>0，f (x )在(e ，＋∞)上单调递增，∴当x ＝e 时，f (x )取得极小值f (e)＝ln e ＋ee ＝2，∴f (x )的极小值为2.(2)由题意知g (x )＝f ′(x )－x 3＝1x －m x 2－x3(x >0)，令g (x )＝0，得m ＝－13x 3＋x (x >0)．设φ(x )＝－13x 3＋x (x ≥0)，则φ′(x )＝－x 2＋1＝－(x －1)(x ＋1)．当x ∈(0,1)时，φ′(x )>0，φ(x )在(0,1)上单调递增；当x ∈(1，＋∞)时，φ′(x )<0，φ(x )在(1，＋∞)上单调递减．∴x ＝1是φ(x )的唯一极值点，且是极大值点，因此x ＝1也是φ(x )的最大值点，∴φ(x )的最大值为φ(1)＝23，又∵φ(0)＝0.结合y ＝φ(x )的图象(如图)，可知，①当m >23时，函数g (x )无零点；②当m ＝23时，函数g (x )有且只有一个零点；③当0<m <23时，函数g (x )有两个零点；④当m ≤0时，函数g (x )有且只有一个零点．综上所述，当m >23时，函数g (x )无零点；当m ＝23或m ≤0时，函数g (x )有且只有一个零点；当0<m <23时，函数g (x )有两个零点．考点二已知零点存在情况求参数范围[典例](2019·重庆调研)设函数f (x )＝－x 2＋ax ＋ln x (a ∈R )．(1)当a ＝－1时，求函数f (x )的单调区间；(2)若函数f (x )在13，3上有两个零点，求实数a 的取值范围．[解](1)函数f (x )的定义域为(0，＋∞)，当a ＝－1时，f ′(x )＝－2x －1＋1x ＝－2x 2－x ＋1x ，令f ′(x )＝0，得x ＝12(负值舍去)，当0<x <12时，f ′(x )>0；当x >12时，f ′(x )<0.∴f (x )(2)令f (x )＝－x 2＋ax ＋ln x ＝0，得a ＝x －ln x x.令g (x )＝x －ln xx，其中x ∈13，3，则g ′(x )＝1－1－ln x x 2＝x 2＋ln x －1x 2，令g ′(x )＝0，得x ＝1，当13≤x <1时，g ′(x )<0；当1<x ≤3时，g ′(x )>0，∴g (x )的单调递减区间为13，(1,3]，∴g (x )min ＝g (1)＝1，∵函数f (x )在13，3上有两个零点，3ln 3＋13，g (3)＝3－ln 33，3ln 3＋13>3－ln 33，∴实数a ，3－ln 33.[解题技法]本题是已知区间上有零点，求参数的范围问题．由于有些函数图象较为复杂，也没有固定的形状特点，所以在研究此类问题时，可以从两个方面去思考：(1)根据区间上零点的个数情况，估计出函数图象的大致形状，从而推导出导数需要满足的条件，进而求出参数满足的条件；(2)也可以先求导，通过求导分析函数的单调情况，再依据函数在区间内的零点情况，推导出函数本身需要满足的条件，此时，由于函数比较复杂，常常需要构造新函数，通过多次求导，层层推理得解．[对点训练]设函数f (x )＝ln x －x ，若关于x 的方程f (x )＝x 2－103x ＋m 在区间[1,3]上有解，求m 的取值范围．解：方程f (x )＝x 2－103x ＋m 在区间[1,3]上有解，即ln x －x 2＋73x ＝m 在区间[1,3]上有解．令h (x )＝ln x －x 2＋73x ，则h ′(x )＝1x －2x ＋73＝－(3x ＋1)(2x －3)3x.∴当x ∈[1,3]时，h ′(x )，h (x )随x 的变化情况如下表：∵h (1)＝43，h (3)＝ln 3－2<43，ln 32＋54，∴当x ∈[1,3]时，h (x )∈ln 3－2，ln32＋54，∴m 的取值范围为ln 3－2，ln32＋54.[课时跟踪检测]1．(2019·贵阳摸底考试)已知函数f (x )＝kx －ln x (k >0)．(1)若k ＝1，求f (x )的单调区间；(2)若函数f (x )有且只有一个零点，求实数k 的值．解：(1)若k ＝1，则f (x )＝x －ln x ，定义域为(0，＋∞)，则f ′(x )＝1－1x，由f ′(x )>0，得x >1；由f ′(x )<0，得0<x <1，∴f (x )的单调递减区间为(0,1)，单调递增区间为(1，＋∞)．(2)法一：由题意知，方程kx －ln x ＝0仅有一个实根，由kx －ln x ＝0，得k ＝ln xx (x >0)．令g (x )＝ln xx (x >0)，则g ′(x )＝1－ln x x 2，当0<x <e 时，g ′(x )>0；当x >e 时，g ′(x )<0.∴g (x )在(0，e)上单调递增，在(e ，＋∞)上单调递减，∴g (x )max ＝g (e)＝1e .当x →＋∞时，g (x )→0.又∵k >0，∴要使f (x )仅有一个零点，则k ＝1e.法二：f (x )＝kx －ln x ，f ′(x )＝k －1x ＝kx －1x (x >0，k >0)．当0<x <1k 时，f ′(x )<0；当x >1k 时，f ′(x )>0.∴f (x )∴f (x )min ＝1－ln 1k ，∵f (x )有且只有一个零点，∴1－ln1k ＝0，即k ＝1e.法三：∵k >0，∴函数f (x )有且只有一个零点等价于直线y ＝kx 与曲线y ＝ln x 相切，设切点为(x 0，y 0)，由y ＝ln x ，得y ′＝1x，∴＝1x 0，0＝kx 0，0＝ln x 0，∴k ＝1e ，∴实数k 的值为1e.2．已知函数f (x )＝x 3＋x 2＋ax ＋b .(1)当a ＝－1时，求函数f (x )的单调递增区间；(2)若函数f (x )的图象与直线y ＝ax 恰有两个不同的交点，求实数b 的值．解：(1)当a ＝－1时，f (x )＝x 3＋x 2－x ＋b ，则f ′(x )＝3x 2＋2x －1，由f ′(x )>0，得x <－1或x >13，所以函数f (x )的单调递增区间为(－∞，－1)(2)函数f (x )的图象与直线y ＝ax 恰有两个不同的交点，等价于f (x )－ax ＝0有两个不等的实根．令g (x )＝f (x )－ax ＝x 3＋x 2＋b ，则g ′(x )＝3x 2＋2x .由g ′(x )>0，得x <－23或x >0；由g ′(x )<0，得－23<x <0.所以函数g (x )∞(0，＋∞)－23，所以当x ＝－23时，函数g (x )取得极大值＝427＋b ；当x ＝0时，函数g (x )取得极小值为g (0)＝b .要满足题意，则需＝427＋b ＝0或g (0)＝b ＝0，所以b ＝－427或b ＝0.3．(2019·武汉调研)已知函数f (x )＝e x －ax －1(a ∈R )(e ＝2.71828…是自然对数的底数)．(1)求f (x )的单调区间；(2)讨论g (x )＝f (x [0,1]上零点的个数．解：(1)∵f (x )＝e x －ax －1，∴f ′(x )＝e x －a ，当a ≤0时，f ′(x )>0恒成立，∴f (x )的单调递增区间为(－∞，＋∞)，无单调递减区间；当a >0时，令f ′(x )<0，得x <ln a ，令f ′(x )>0，得x >ln a ，∴f (x )的单调递减区间为(－∞，ln a )，单调递增区间为(ln a ，＋∞)．(2)令g (x )＝0，得f (x )＝0或x ＝12，先考虑f (x )在区间[0,1]上的零点个数，①当a ≤1时，f (x )在(0，＋∞)上单调递增且f (0)＝0，∴f (x )在[0,1]上有一个零点．②当a ≥e 时，f (x )在(－∞，1)上单调递减，∴f (x )在[0,1]上有一个零点．③当1<a <e 时，f (x )在(0，ln a )上单调递减，在(ln a,1)上单调递增．而f (1)＝e －a －1，当e －a －1≥0，即1<a ≤e －1时，f (x )在[0,1]上有两个零点；当e －a －1<0，即e －1<a <e 时，f (x )在[0,1]上有一个零点．再考虑x ＝12时，由0，得a ＝2(e －1)．综上所述，当a ≤1或a >e －1或a ＝2(e －1)时，g (x )在[0,1]上有两个零点；当1<a ≤e －1且a ≠2(e －1)时，g (x )在[0,1]上有三个零点．4．(2018·太原模拟)已知函数f (x )＝ln x －ax 2＋(2－a )x ，g (x )＝xe x －2.(1)求函数f (x )的极值；(2)若对任意给定的x 0∈(0，e]，方程f (x )＝g (x 0)在(0，e]上总有两个不相等的实数根，求实数a 的取值范围．解：(1)f ′(x )＝1x －2ax ＋(2－a )＝(2x ＋1)(－ax ＋1)x(x >0)，①当a ≤0时，f ′(x )>0，f (x )在(0，＋∞)上单调递增，f (x )无极值．②当a >0时，令f ′(x )>0，得0<x <1a ；令f ′(x )<0，得x >1a .故f (x )∴f (x )存在极大值，极大值为ln 1a ＋1a－1，无极小值．综上所述，当a ≤0时，f (x )无极值；当a >0时，f (x )存在极大值，极大值为ln 1a ＋1a－1，无极小值．(2)g (x )＝xe x －2，g ′(x )＝1－x ex ，令g ′(x )>0，得x <1；令g ′(x )<0，得x >1.则g (x )在(－∞，1)上单调递增，在(1，＋∞)上单调递减．∵g (0)＝－2，g (1)＝1e －2，g (e)＝ee e －2>－2，∴当x ∈(0，e]时，g (x )2，1e－2.由(1)得，当a ≤0时，f (x )在(0，＋∞)上单调递增，此时在(0，e]上f (x )＝g (x 0)总有两个不相等的实数根不成立，因此a >0.当a >0，g (x )max ，－2，由f (e)＝1－a e 2＋2e －e a ≤－2，得a ≥3＋2ee 2＋e ，由ln 1a ＋1a －1>1e－2，即ln a －1a ＋1e <1，令h (x )＝ln x －1x ＋1e (x >0)，易知h (x )在(0，＋∞)上单调递增，且h (e)＝1，∴ln a －1a ＋1e <1，得a ∈(0，e)．综上所述，3＋2ee 2＋e≤a <e，故实数a 的取值范围是3＋2ee 2＋e ，。
高考数学《函数零点的个数问题》知识讲解与例题讲解
高考数学《函数零点的个数问题》知识讲解与例题讲解一、知识点讲解与分析：1、零点的定义：一般地，对于函数()()y f x x D =∈，我们把方程()0f x =的实数根x 称为函数()()y f x x D =∈的零点2、函数零点存在性定理：设函数()f x 在闭区间[],a b 上连续，且()()0f a f b <，那么在开区间(),a b 内至少有函数()f x 的一个零点，即至少有一点()0,x a b ∈，使得()00f x =。
（1）()f x 在[],a b 上连续是使用零点存在性定理判定零点的前提 （2）零点存在性定理中的几个“不一定”（假设()f x 连续） ① 若()()0f a f b <，则()f x 的零点不一定只有一个，可以有多个 ② 若()()0f a f b >，那么()f x 在[],a b 不一定有零点 ③ 若()f x 在[],a b 有零点，则()()f a f b 不一定必须异号3、若()f x 在[],a b 上是单调函数且连续，则()()()0f a f b f x <⇒在(),a b 的零点唯一4、函数的零点，方程的根，两图像交点之间的联系设函数为()y f x =，则()f x 的零点即为满足方程()0f x =的根，若()()()f x g x h x =−,则方程可转变为()()g x h x =，即方程的根在坐标系中为()(),g x h x 交点的横坐标，其范围和个数可从图像中得到。
由此看来，函数的零点，方程的根，两图像的交点这三者各有特点，且能相互转化，在解决有关根的问题以及已知根的个数求参数范围这些问题时要用到这三者的灵活转化。
（详见方法技巧） 二、方法与技巧：1、零点存在性定理的应用：若一个方程有解但无法直接求出时，可考虑将方程一边构造为一个函数，从而利用零点存在性定理将零点确定在一个较小的范围内。
例如：对于方程ln 0x x +=，无法直接求出根，构造函数()ln f x x x =+，由()110,02f f ⎛⎫>< ⎪⎝⎭即可判定其零点必在1,12⎛⎫⎪⎝⎭中 2、函数的零点，方程的根，两函数的交点在零点问题中的作用 （1）函数的零点： 工具：零点存在性定理作用：通过代入特殊值精确计算，将零点圈定在一个较小的范围内。
2018版高考数学二轮复习特色专题训练专题03直击函数压轴题中零点问题理
专题03 直击函数压轴题中零点问题一、解答题1．已知函数()()()2ln 10f x x a x a =+->.（1）讨论()f x 的单调性；（2）若()f x 在区间()0,1内有唯一的零点0x ，证明： 312e x e --<<.【答案】(1)答案见解析；(2)证明见解析.【解析】试题分析：（1）求出函数的导数，通过讨论a 的范围，求出函数的单调区间即可； （2）依题可知()10f =，若()f x 在区间()0,1内有唯一的零点0x ，由（1）可知2a >， 且0110,2x x ⎛⎫=∈ ⎪⎝⎭，于是： ()20010lnx a x +-= ①，2002210ax ax -+= ② 由①②得0001ln 02x x x --=，设g (x )＝lnx −12x x-，(x ∈(0，1))，求出函数的导数，根据函数的单调性证明即可．（2）依题可知()10f =，若()f x 在区间()0,1内有唯一的零点0x ，由（1）可知2a >，且0110,2x x ⎛⎫=∈ ⎪⎝⎭. 于是： ()20010lnx a x +-= ①2002210ax ax -+= ②由①②得0001ln 02x x x --=，设()()()1ln ,0,12x g x x x x-=-∈， 则()2212x g x x '-=，因此()g x 在10,2⎛⎫ ⎪⎝⎭上单调递减， 又3322402e g e -⎛⎫-=> ⎪⎝⎭， ()11302e g e ---=< 根据零点存在定理，故3120ex e --<<.点睛：本题考查了函数的单调性,零点问题，考查导数的应用以及不等式的证明，零点存在性定理，考查分类讨论思想，转化思想，构造函数的解题方法. 2．设函数f (x )＝x 2＋bx －1(b ∈R )． (1)当b ＝1时证明：函数f (x )在区间1,12⎛⎫⎪⎝⎭内存在唯一零点； (2)若当x ∈[1,2]，不等式f (x )<1有解．求实数b 的取值范围． 【答案】（1）见解析；（2）(),1-∞【解析】试题分析：（1）先根据对称轴与定义区间位置关系确定函数f (x )在区间1,12⎛⎫⎪⎝⎭单调性，再根据区间端点函数值异号，结合零点存在定理确定零点个数（2）先分离变量化为对应函数最值问题： 2b x x<- ，再根据函数单调性确定函数最小值，即得实数b 的取值范围．(2)由题意可知x2＋bx－1<1在区间[1,2]上有解，所以b<＝－x在区间[1,2]上有解．令g(x)＝－x，可得g(x)在区间[1,2]上递减，所以b<g(x)max＝g(1)＝2－1＝1 ，从而实数b的取值范围为(－∞，1)．点睛：利用零点存在性定理不仅要求函数的图象在区间[a，b]上是连续不断的曲线，且f(a)·f(b)<0，还必须结合函数的图象与性质(如单调性、奇偶性)才能确定函数有多少个零点3．已知函数()()210f x ax mx m a =++-≠.（1）若()10f -=，判断函数()f x 的零点个数；（2）若对任意实数m ，函数()f x 恒有两个相异的零点，求实数a 的取值范围； （3）已知12,x x R ∈R 且12x x <， ()()12f x f x ≠，求证：方程()()()1212f x f x f x ⎡⎤=+⎣⎦ 在区间()12,x x 上有实数根.【答案】⑴见解析;⑵01a <<;⑶见解析.【解析】试题分析：（1）利用判别式定二次函数的零点个数：（2）零点个数问题转化为图象交点个数问题，利用判别式处理即可；（3）方程()()()1212f x f x f x ⎡⎤=+⎣⎦在区间()12,x x 上有实数根，即()()()()1212g x f x f x f x ⎡⎤=-+⎣⎦有零点，结合零点存在定理可以证明. 试题解析：⑴()10,10,1f a m m a -=∴-+-=∴=Q()21f x x mx m ∴=++-()()22412m m m ∆=--=-,当2m =时， 0∆=，函数()f x 有一个零点； 当2m ≠时， 0∆> ，函数()f x 有两个零点⑶设()()()()1212g x f x f x f x ⎡⎤=-+⎣⎦，则()()()()()()1112121122g x f x f x f x f x f x ⎡⎤⎡⎤=-+=-⎣⎦⎣⎦ ()()()()()()2212211122g x f x f x f x f x f x ⎡⎤⎡⎤=-+=-⎣⎦⎣⎦ ()()12f x f x ≠Q()()()()21212104g x g x f x f x ⎡⎤∴⋅=--<⎣⎦, ()0g x ∴=在区间()12,x x 上有实数根，即方程()()()1212f x f x f x ⎡⎤=+⎣⎦在区间()12,x x 上有实数根. 点睛：已知函数有零点求参数取值范围常用的方法和思路(1)直接法：直接根据题设条件构建关于参数的不等式，再通过解不等式确定参数范围； (2)分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决；(3)数形结合法：先对解析式变形，在同一平面直角坐标系中，画出函数的图象，然后数形结合求解． 4．已知函数()2ln f x a x bx =-图象上一点()()2,2P f 处的切线方程为32ln22y x =-++.(1)求,a b 的值;(2)若方程()0f x m +=在1,e e⎡⎤⎢⎥⎣⎦内有两个不等实根,求m 的取值范围(其中e 2.71828=L 为自然对数的底).【答案】(1)a =2,b =1.(2) 2112em <≤+. 【解析】试题分析：本题考查函数与方程，函数与导数的综合应用．(1)根据导数的几何意义，得出两个方程，然后求解．(2)先利用导数研究函数h (x )=f (x )+m =2lnx ﹣x 2+m 的单调性，根据单调性与极值点确定关系然后求解．(2)由（1）得f (x )=2lnx ﹣x 2， 令h (x )=f (x )+m =2lnx ﹣x 2+m ，则()()22122x h x x x x='-=-，令h '(x )=0，得x =1(x =﹣1舍去)．故当x ∈11e ⎡⎫⎪⎢⎣⎭，时，h '(x )＞0，h (x )单调递增； 当x ∈(1，e ]时，h '(x )＜0，h (x )单调递减． ∵方程h (x )=0在1e e⎡⎤⎢⎥⎣⎦，内有两个不等实根，∴()()221120e e {11020h m h m h e e m ⎛⎫=--+≤ ⎪⎝⎭=-+>=-+≤，解得2112e m <≤+． ∴实数m 的取值范围为211,2e ⎛⎤+ ⎥⎝⎦. 点睛：根据函数零点求参数取值或范围的方法 （1）利用零点存在的判定定理构建不等式求解；（2）分离参数后转化为函数的值域（最值）问题求解，如果涉及由几个零点时，还需考虑函数的图象与参数的交点个数；（3）利用方程根的分布求解，转化为不等式问题．（4）转化为两熟悉的函数图象的上、下关系问题，从而构建不等式求解. 5．已知函数()1xf x e ax =--，其中e 为自然对数的底数， a R ∈（I ）若a e =，函数()()2g x e x =- ①求函数()()()h x f x g x =-的单调区间 ②若函数()()(),{,f x x m F x g x x m≤=>的值域为R ,求实数m 的取值范围（II ）若存在实数[]12,0,2x x ∈,使得()()12f x f x =，且121x x -≥，求证： 21e a e e -≤≤- 【答案】（1）①详见解析②实数m 的取值范围是10,2e ⎡⎤⎢⎥-⎣⎦；（2）21e a e e -≤≤-；试题解析：（1）当a e =时， ()1xf x e ex =--.①()()()()21,'2xxh x f x g x e x h x e =-=--=-.由()'0h x >得ln2x >，由()'0h x <得ln2x <.所以函数()h x 的单调增区间为()ln2,+∞，单调减区间为(),ln2-∞. ②()'xf x e e =-当1x <时， ()'0f x <，所以()f x 在区间(),1-∞上单调递减； 当1x >时， ()'0f x >，所以()f x 在区间()1,+∞上单调递增.()()2g x e x =-在(),m +∞上单调递减，值域为()(),2e m -∞-,因为()F x 的值域为R ，所以12)me em e m --≤-，即210m e m --≤. *（）（2）()'xf x e a =-.若0a ≤时， ()'0f x >，此时()f x 在R 上单调递增. 由()()12f x f x =可得12x x =，与121x x -≥相矛盾， 同样不能有[)12,ln ,x x a ∈+∞.不妨设1202x x ≤<≤，则有120ln 2x a x ≤<<≤.因为()f x 在()1,ln x a 上单调递减，在()2ln ,a x 上单调递增，且()()12f x f x =， 所以当12x x x ≤≤时， ()()()12f x f x f x ≤=. 由1202x x ≤<≤，且121x x -≥，可得[]121,x x ∈ 故()()()121f f x f x ≤=.又()f x 在(],ln a -∞单调递减，且10ln x a ≤<，所以()()10f x f ≤，所以()()10f f ≤，同理()()12f f ≤. 即210,{122e a e a e a --≤--≤--，解得211e a e e -≤≤--， 所以21e a e e -≤≤-.点睛：本题考查函数的单调性极值及恒成立问题，涉及函数不等式的证明，综合性强，难度大，属于难题.处理导数大题时，注意分层得分的原则，力争第一二问答对，第三问争取能写点，一般涉及求函数单调性及极值时，比较容易入手，求导后注意分类讨论，对于恒成立问题一般要分离参数，然后利用函数导数求函数的最大值或最小值，对于含有不等式的函数问题，一般要构造函数，利用函数的单调性来解决，但涉及技巧比较多，需要多加体会. 6．已知函数()1xxf x ax e =-+. （1）当1a =时，求()y f x =在[]1,1x ∈-上的值域； （2）试求()f x 的零点个数，并证明你的结论.【答案】（1）[]2,1e -（2）当0a ≤时， ()f x 只有一个零点；当0a >时， ()f x 有两个零点．（2）原方程等价于10x e a x --=实根的个数，原命题也等价于()1x h x e a x=--在(),0)(0,x ∈-∞⋃+∞上的零点个数，讨论0a =， 0a <， 0a >，三种情况，分别利用导数研究函数的单调性，结合函数图象与零点存在定理可得结果.试题解析：（1）当1a =时， ()1x x f x ax e =-+，则()()11xxf xg x e-'-==， 而()20xx g x e -'=<在[]1,1-上恒成立，所以()()g x f x ='在[]1,1-上递减， ()()max 1210f x f e =-=-'>'， ()()min 110f x f ''==-<，所以()f x '在[]1,1-上存在唯一的00x =，使得()00f '=，而且当()1,0x ∈-时， ()0f x '>， ()f x 递增；当()0,1x ∈时()0f x '<， ()f x 递减； 所以，当0x =时， ()f x 取极大值，也是最大值，即()()max 01f x f ==，()()(){}()min min 1,112f x f f f e =-=-=-，所以， ()f x 在[]1,1-上的值域为[]2,1e -.（I ）若0a =，则当(),0x ∈-∞时， ()10x h x e x=->恒成立，则没有零点； 当()0,x ∈+∞时， ()110h e =->， 1202h e ⎛⎫=< ⎪⎝⎭，又()h x 在()0,+∞上单调递增的，所以有唯一的零点。
2018高考数学专题大讲堂-第六讲-压轴小题中的函数零点问题(PDF 含答案)
答案：
解析：分别画出函数
和
的图象.
由图象可知,函数
关于 对称, 又 也是函数
的对称轴,
所以函数 和 的交点也关于 对称，且两函数共有 个交点,所以所有零点之和为 .
变式：( ·全国Ⅱ)已知函数
满足
，若函数
与
图象的交点为
，则
()
答案： 变式：(2016·全国Ⅱ)已知函数
点为
，则
满足 ()
，若函数
与
图象的交
数形结合法：转化为两个函数的图象的交点个数问题．先画出两个函数的图象，看其交点的个数，其
中交点的横坐标有几个不同的值，就有几个不同的零点．
直接计算或判断零点
例 ( ·南通三模)设函数
内的所有零点的和为________． 答案：
解析：当
时，
，
当
时，
，
，则函数
在区间
，此时当
时，
；由此可得
； 时，
.
下面考虑
且 时， 的最大值的情况．
当
时，由函数 的定义知
，
因为
，所以
，此时当
时，
；
当
时，同理可知，
.
由此可得
且 时，
.
综上，对于一切的
，函数 在区间
上有 个零点，从而 在区间
上有 个零
点，且这些零点为
，所以当
时，所有这些零点的和为
．
变式：( ·天津二模)已知函数
在定义域
上单调递增，且对任意
，方程 和为( )
压轴小题中的函数零点问题
函数的零点问题是高考的重点和难点内容，由于其和函数、方程有着密切的联系，近几年在全国各地高考
第10集函数的零点——2018年高考数学天津卷理科第14题
第10集函数的零点——2018年高考数学天津卷理科第14题
高考中，函数的零点问题往往是由基本初等函数（幂函数、指数函数、对数函数、三角函数等）组合而成，题目常常以选择题或填空题形式出现，考查数形结合的思想，有些题目难度非常大。
函数的零点问题常常可以分成三类问题：一是判断函数零点所在的区间，由零点存在定理完成；二是判断函数零点的个数；三是已知函数零点的个数，求参数的取值范围。
已知函数的零点，求参数的取值范围常用的方法有以下几种：
（1）直接法：直接解方程，求得根，或者通过解不等式确定参数的取值范围。
（2）分离参数法：先将参数进行分离，转化为求函数的值域问题加以解决。
（3）数形结合法：先对解析式进行改写，在同一坐标系中，画出函数的图象，然后数形结合求得参数的取值范围。
一·套路
本题考查函数的零点（方程的根），涉及函数的图象、函数的性质、函数的零点等知识点，考查数形结合的思想和分类讨论的思想，属于难题。
本题首先根据自变量的取值范围，分离参数，转化为函数的值域问题；然后分离常数得到两个对勾函数，将问题转化为对勾函数与直线的交点问题；最后作出函数的图象，通过数形结合求得参数的取值范围。
值得说明的是，对勾函数是高考中的热点，因此，对于对勾函数的图象和性质务必十分熟悉。
当然本题不采用分离常数得到对勾函数，
而借助导数求解也是可以的。
三·迁移
以分段函数为载体，利用零点个数考查参数的取值范围问题，是高考中的高频试题。
这类试题往往需要缜密的思维，严谨的逻辑，和强大的计算，但其基本思路相差无几，几乎都是利用数形结合的思想转化。
不信，你看2016年天津高考理科数学的第8题，是不是倍感亲切。
2018年高考数学 黄金100题系列 第21题 函数零点的性质问题 理
第21题 函数零点的性质问题I ．题源探究·黄金母题【例1】求函数()ln 26f x x x =+-的零点的个数． 【答案】1．【解析】()f x 的定义域为()0,+∞．()(),,2ln24603ln3660f f =+-<=+->由零点存在性定理知()f x 有零点．又()()120,f x f x x'=+>∴在()0,+∞上是单调递增函数，()f x ∴只有一个零点．精彩解读【试题来源】人教版A 版必修1P 88例1． 【母题评析】本题考查了零点存在性定理、函数零点个数的判断．【思路方法】判断函数是否存在零点可用零点存在性定理或利用数形结合法．而要判断函数有几个零点，还需要借助函数的单调性．II ．考场精彩·真题回放【例2】【2017高考山东卷】已知当[]0,1x ∈时，函数()21y mx =-的图象与y m =的图象有且只有一个交点，则正实数m 的取值范围是 （ ） A ．(])0,123,⎡+∞⎣B ．(][)0,13,+∞ C．()23,⎡+∞⎣D ．([)3,+∞【答案】B【解析】当01m <≤时，11m≥，2(1)y mx =-单调递减，且22(1)[(1),1]y mx m =-∈-，ym =单调递增，且[,1]y m m m =∈+，此时有且仅有一个交点；当1m >时，101m <<，2(1)y mx =-在1[,1]m 上单调递增，所以要有且仅有一个交点，需2(1)13m m m -≥+⇒≥，故选B ． 【例3】【2016高考天津卷】已知函数f （x ）=2(4,0,log (1)13,03)a x a x a x x x ⎧+<⎨++≥-+⎩（a >0，且a ≠1）在R 上单调递减，且关于x 的方程|()|2f x x =-恰好有两个不相等的实数解，则a 的取值范围是 （ ） A ．20,3⎛⎤ ⎥⎝⎦B ．23,34⎡⎤⎢⎥⎣⎦【命题意图】本题主要考查分段函数的零点问题． 本题能较好的考查考生分析问题、解决问题的能力，以及数形结合、转化与化归能力等．【考试方向】这类试题在考查题型上，通常基本以选择题或填空题的形式出现，难度较大．【难点中心】已知函数有零点求参数取值范围常用的方法和思路(1)直接法：直接根据题设条件构建关于参数的不等式，再通过解不等式确定参数范围； (2)分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决；(3)数形结合法：先对解析式变形，在同一平面直角坐标系中，画出函数的图象，然后数形结合求解．C ．123,334⎧⎫⎡⎤⎨⎬⎢⎥⎩⎭⎣⎦ D ．123,334⎧⎫⎡⎫⎨⎬⎪⎢⎩⎭⎣⎭ 【答案】C ．【解析】由()f x 在R 上递减可知340,1331,01,34a a a a -≥⎧∴≤≤⎨≥<<⎩，由方程|()|2f x x =-恰好有两个不相等的实数解，可知132,12a a ≤-≤，1233a ≤≤，又∵34a =时，抛物线2(43)3y x a x a =+-+与直线2y x =-相切，也符合题意，∴实数a 的去范围是123,334⎧⎫⎡⎤⎨⎬⎢⎥⎩⎭⎣⎦，故选C ． 【例4】【2016高考山东卷】已知函数()2,,24,,x x m f x x mx m x m ⎧≤⎪=⎨-+>⎪⎩其中0m >，若存在实数b ，使得关于x 的方程f （x）=b 有三个不同的根，则m 的取值范围是________________． 【答案】()3,+∞【解析】画出函数图象如下图所示：由图所示，要()f x b =有三个不同的根，需要红色部分图象在深蓝色图象的下方，即22224,30m m m m m m >-+∴->，解得3m >．【命题意图】本题主要考查二次函数函数的图象与性质、函数与方程、分段函数的概念，考查学生分析问题与解决问题的能力． 【考试方向】这类试题在考查题型上，通常基本以选择题或填空题的形式出现，难度较大，往往是高中数学主要知识的交汇题． 【难点中心】解答这类问题的关键在于能利用数形结合思想，通过对函数图象的分析，转化得到代数不等式．本题能较好的考查考生数形结合思想、转化与化归思想、基本运算求解能力等．III ．理论基础·解题原理函数零点、方程的根、函数图象交点的相互转化：有关零点个数及性质的问题会用到这三者的转化，且这三者各具特点：3（1）函数的零点：有“零点存在性定理”作为理论基础，可通过区间端点值的符号和函数的单调性确定是否存在零点；（2）方程的根：方程的特点在于能够进行灵活的变形，从而可将等号两边的表达式分别构造为两个可分析的函数，为作图做好铺垫；（3）函数图象的交点：通过作图可直观的观察到交点的个数，并能初步判断交点所在区间．三者转化：函数()f x 的零点⇒方程()0f x =的根−−−−→方程变形方程()()g x h x =的根⇒函数()g x 与()h x 的交点．IV ．题型攻略·深度挖掘 【考试方向】这类试题在考查题型上，通常基本以选择题或填空题的形式出现，一般综合性较强，难度较大． 【技能方法】1．已知函数有零点求参数取值范围常用的方法：（1）直接法：直接根据题设条件构建关于参数的不等式，再通过解不等式确定参数范围； （2）分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决；（3）数形结合法：先对解析式变形，在同一平面直角坐标系中，画出函数的图象，然后数形结合求解． 2．此类问题的处理步骤：（1）作图：可将零点问题转化成方程，进而通过构造函数将方程转化为两个图象交点问题，并作出函数图象；（2）确定变量范围：通过图象与交点位置确定参数和零点的取值范围； （3）观察交点的特点（比如对称性等）并选择合适的方法处理表达式的值． 【易错指导】对函数零点存在的判断需要注意以下两点：（1）函数()f x 在[],a b 上连续；（2）满足()()0f a f b ⋅<． 上述方法只能求变号零点，对于非变号零点不能用上述方法求解．另外需要注意的是：（1）若函数()f x 的图象在0x x =与x 轴相切，则零点0x 通常称为不变号零点； （2）函数的零点不是点，它是函()y f x =数与x 轴的交点的横坐标，是方程()0f x =的根． V ．举一反三·触类旁通考向1 函数零点所在区间的判断【例1】【2018豫西南部分示范高中高三第一学期联考】函数()22ln f x x x=-的零点所在的区间为（ ） A ．()0,1 B ．()1,2 C ．()2,3 D ．()3,4 【答案】B【解析】由题干知道原函数是增函数，故可以根据零点存在定理得到：()1,2上，故选B ． 【例2】【2018齐鲁名校教科研协作体山东、湖北部分重点中学第一次调研】已知函数()()()0),,ln x f x x x g x x e h x x x =>=+=+ 的零点分别为123,,x x x ，则A ．123x x x <<B ．213x x x <<C ．231x x x <<D ．312x x x << 【答案】C【解析】根据函数y x = 分别与,ln x y y e y x ==-=- 图像交点，可知选C ．【跟踪练习】1．【2018河南省天一大联考】函数的零点位于区间（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】C 【解析】，所以由零点存在定理得零点位于区间，选C ．2．【2018湖北部分重点中学上学期第一次联考】函数()e 43xf x x =+-的零点所在的区间为（ ） A ．1,04⎛⎫-⎪⎝⎭ B ．10,4⎛⎫ ⎪⎝⎭ C ．11,42⎛⎫ ⎪⎝⎭ D ．13,24⎛⎫⎪⎝⎭【答案】C考向2 由函数零点的存在情况求参数的值或取值范围 【例3】【2018四川绵阳高三第一次诊断性考试】已知是函数的零点，是函数的零点，且满足，则实数的最小值是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】A【名师点睛】解题的关键是得到后，得到，然后将问题转化成方程在上有解的问题处理．在解题的过程中分离参数的方法，转化为求函数在闭区间的最值问题处理，求最值时可用导数或基本不等式处理，具体求解中要注意合理的变形．【例4】【2018南宁高三毕业班摸底联考】设函数是定义在上的偶函数，且，当时，，若在区间内关于的方程（且）有且只有4个不同的根，则实数的取值范围是（）A ．B ．C ．D ．【答案】D【解析】由题意可得函数f(x)的对称轴为x=2，周期为T=4，原方程变形为，，所以只需画出，两个函数在区间(-2，6)的图像，根据图像求a的范围，图像如下，一定过（-1，0）点，当时，显然只有一个交点，所以，只需要对数从点B，点C下面穿过就有4个零点，所以解得，选D．【名师点睛】对于求不同类的两个函数构成的方程，我们常把方程变形为f(x)=g(x)，然后根据y=f(x)与y=g(x)的两个图像交点个数来判断原方程根的个数．如本题把方程变形为，再画出两个函数的图像，根据两个图像有4个交点，求出参数a的范围．5【例5】【2018河南省天一大联考】已知函数若关于的方程有3个实数根，则实数的取值范围是（ ） A ．B ．C ．D ．【答案】D【解析】作图如下：因此要使方程有3个，实数的取值范围是，选D ．【名师点睛】对于方程解的个数(或函数零点个数)问题，可利用函数的值域或最值，结合函数的单调性、草图确定其中参数范围．从图象的最高点、最低点，分析函数的最值、极值；从图象的对称性，分析函数的奇偶性；从图象的走向趋势，分析函数的单调性、周期性等． 【例6】【2018山西45校高三第一次联考】函数在区间和区间上分别存在一个零点，则实数的取值范围是（ ）A ．B ．C ．D ．或【答案】B【例7】【2017江西上饶一模】已知()f x 是定义域为()0,+∞的单调函数，若对任意的()0,x ∈+∞，都有()13log 4f f x x ⎡⎤+=⎢⎥⎣⎦，且方程()323694f x x x x a -=-+-+在区间(]0,3上有两解，则实数a 的取值范围是（ ）A ．05a <≤B ．5a <C ．05a <<D ．5a ≥ 【答案】A【解析】由题意知必存在唯一的正实数a ，满足()13log f x x a +=， ()4f a = ①，∴()13log f a a a +=7②，由①②得： 13log 4a a =-，∴413a a -⎛⎫= ⎪⎝⎭，解得3a =．故()133log f x x =-，由方程()323694f x x x x a -=-+-+在区间(]0,3上有两解，即有3213log 694x x x x a =-+-+在区间(]0,3上有两解，由()32694g x x x x a =-+-+，可得()23129g x x x =-+'，当13x <<时， ()0g x '<， ()g x 递减；当01x <<时， ()0g x '>， ()g x 递增． ()g x 在1x =处取得最大值a ， ()04g a =-， ()34g a =-，分别作出13log y x =，和32694y x x x =-+-的图象，可得两图象只有一个交点()1,0，将32694y x x x =-+-的图象向上平移，至经过点()3,1，有两个交点，由()31g =，即41a -=，解得5a =，当05a <≤时，两图象有两个交点，即方程两解．故选A ．【例8】【2018河南郑州一中模拟】已知函数()f x 满足()()22f x f x +-=，当(]0,1x ∈时，()2f x x = ，当(]1,0x ∈-时，()2f x +=若定义在()1,3-上的函数()()()1g x f x t x =-+有三个不同的零点，则实数t 的取值范围是__________．【答案】(0,6-()2,3031x x ∈⇒<-<，所以3fx =-，则()224433f x x x =-=+--．所以()222+1{ 2(243xx x f x x -=-+-， (](](](),1,0,0,1,1,2,2,3x x x x ∈-∈∈∈，画出函数()y f x =在区间()1,3-上的图像与函数()1y t x =+的图像，由于直线()1y t x =+是过定点()1,0-斜率是t 的动直线，数形结合可知：当()1y t x =+与()222y x =--相切时，即方程()()()2212242=0t x x x t x t +=--⇒+-++有唯一解，可求得6t =-故结合图像可知：当06t <<-时，函数()y f x =在区间()1,3-上的图像与直线()1y t x =+的图像有且只有三个不同的交点，即定义在()1,3-上的函数()()()1g x f x t x =-+有三个不同的零点，应填答案(0,6-．【名师点睛】解答本题的关键是充分运用题设条件先将函数()y f x =在区间()1,3-上的解析表达式求出来，再画出其图像数形结合，从而将问题转化为方程()()()2212242=0t x x x t x t +=--⇒+-++有唯一解，可求得6t =-06t <<-()y f x =在区间()1,3-上的9图像与直线()1y t x =+的图像有且只有三个不同的交点，即定义在()1,3-上的函数()()()1g x f x t x =-+有三个不同的零点．【例9】【2017江苏南师大附中模拟】函数()()()({ 4x x x t f x x x t ≤=>其中0t >，若函数()()1g x f f x ⎡⎤=-⎣⎦有6个不同的零点，则实数t 的取值范围是__________．【答案】()3,4()()()22343f x x tx t x t x t =-+=--'，则,3tx x t ==是两个极值点，且极大值为327t ，极小值为0．画出函数()()()({ 4x x x t f x xx t ≤=>的图像，和直线1,1y t y =+=的图像，结合函数的图像可知：当314{ 34127t t t<⇒<<>时，两直线1,1y t y =+=与函数()y f x =共有六个不同交点，应填答案()3,4． 【名师点睛】解答本题的关键关节有两个：其一是将函数的零点问题进行等价转化；其二是要巧妙运用数形结合思想建立不等式组．求解时还要综合运用导数知识确定函数的极值点和极值．灵活运用所学知识和重要是数学思想进行分析问题和解决问题是本题一大特征，体现了数学思想在解决数学问题中四两拨千斤的功能．【跟踪练习】1．【2018届山西45校高三第一次联考】函数()221f x ax x =-+在区间（-1，1）和区间（1，2）上分别存在一个零点，则实数a 的取值范围是（ ） A ．31a -<< B ．314a << C ．334a -<< D ．3a <-或34a > 【答案】B2．【2018四川绵阳高三第一次诊断性考试】函数满足，且当时，．若函数的图象与函数（，且）的图象有且仅有4个交点，则的取值集合为（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】C 【解析】因为函数满足，所以函数的周期为又在一个周期内，函数解析式为，所以可作出函数图象，在同一坐标系内作函数的图象，要使两个函数图象有且仅有四个交点，只需，所以，故选C ．3．【2018贵州黔东南州上学期第一次联考】已知函数()29,0{ 42,0x x x f x x x +-≤=->，若方程()f x a =有两个不相等的实数根，则实数a 的取值范围是（ ） A ．[)59,2,24⎡⎫--⋃-+∞⎪⎢⎣⎭B ．()2,-+∞C ．()59,2,24⎛⎤--⋃-+∞ ⎥⎝⎦D ．()59,2,24⎡⎫--⋃-+∞⎪⎢⎣⎭【答案】C【解析】作出函数()29,0{ 42,0x x x f x x x +-≤=->的图象如下：方程()f x a =有两个不相等的实数根等价于函数()y f x =与y a =的图象有两个不同的交点，有图可知，11()59,2,24a ⎛⎤∈--⋃-+∞ ⎥⎝⎦．故选C ．【名师点睛】方程的根或函数有零点求参数范围常用方法和思路（1）直接法：直接根据题设条件构建关于参数的不等式，再通过解不等式确定参数范围； （2）分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决；（3）数形结合法：先对解析式变形，在同一直角坐标系中，画出函数的图象，然后数形结合求解． 4．【2018四川达州模拟】已知()2sin 26f x x m π⎛⎫=-- ⎪⎝⎭在0,2x π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦上有两个零点，则m 的取值范围为( )A ．（1，2）B ．[1，2]C ．[1，2)D ．（1，2] 【答案】C【名师点睛】本题考查正弦函数的图象，解答本题关键是将函数有两个零点的问题转化为两个函数有两个交点的问题，作出两函数的图象，判断出参数的取值范围，本题以形助数，是解此类题常用的方法，熟练作出相应函数的图象对解答本题很重要5．【2018江西横峰中学第一次月考】设()f x 满足()()-=f x f x -，且在[]1,1-上是增函数，且()11f -=-，若函数()221f x t at ≤-+对所有的[]1,1x ∈-，当[]1,1a ∈-时都成立，则t 的取值范围是（ ）A ．1122t -≤≤ B ．2t ≥或2t ≤-或0t = C ．12t ≥或12t ≤-或0t = D ．22t -≤≤ 【答案】B【解析】若函数()221f x t at ≤-+对所有的[]1,1x ∈-都成立，由已知易得()f x 的最大值是1，∴2212120t at at t ≤-+⇔-≤，设()22g a at t =- ()11a -≤≤，欲使220at t -≤恒成立，则 ()()10{210g t g -≤⇒≥≤或2t ≤-或0t =，故选B ．6．【2018湖北七校联考】已知)(x f 是奇函数并且是R 上的单调函数，若函数)()12(2x f x f y -++=λ只有一个零点，则实数λ的值是 （ ） A ．41 B ．81 C ．87- D ．83-【答案】C ．【解析】令0)()12(2=-++=x f x f y λ，且)(x f 是奇函数，则)()()12(2λλ-=--=+x f x f x f ，又因为)(x f 是R 上的单调函数，所以λ-=+x x 122只有一个零点，即0122=-+-λx x 只有一个零点，则0)1(81=--=∆λ，解得87-=λ，故选C ． 7．已知函数()lg f x x =，若0a b <<，且()()f a f b =，则2a b +的取值范围是 （ ）A ．()+∞ B ． )⎡+∞⎣C ．()3,+∞D ．[)3,+∞【答案】C ．【评注】（1）此类问题如果()f x 图象易于作出，可先作图以便于观察函数特点；（2）本题有两个关键点，一个是引入辅助变量t ，从而用t 表示出,a b ，达到消元效果，但是要注意t 是有范围的（通过数形结合y t =需与()y f x =有两交点）；一个是通过图象判断出,a b 的范围，从而去掉绝对值．138．已知函数()111,0,2212,,22x x x f x x -⎧⎡⎫+∈⎪⎪⎢⎪⎣⎭=⎨⎛⎤⎪∈ ⎥⎪⎝⎦⎩，若存在12,x x ，当1202x x ≤<<时，()()12f x f x =，则()()122x f x f x -的取值范围为 （ ）A ．20,4⎛- ⎝⎭ B ．92,164⎡--⎢⎣⎭ C ． 91,162⎡⎫--⎪⎢⎣⎭ D ．2142⎡⎫--⎪⎢⎪⎣⎭ 【答案】C ．9．【2018江西新余一中二模】已知函数()y f x =的周期为2，当[]0,2x ∈时， ()()21f x x =-，如果()()5log 1g x f x x =--，则函数()y g x =的所有零点之和为（ ）A ．2B ．4C ．6D ．8 【答案】D【解析】由题意可得()()5log 1g x f x x =--，根据周期性画出函数()()21f x x =-的图象，以及5log 1y x =-的图象，根据5log 1y x =-在()1,+∞上单调增函数，当6x =时， 5log 11y x =-=， ∴当6x >时， 5log 11y x =->，此时与函数()y f x =无交点，再根据5log 1y x =-的图象和()f x 的图象都关于直线1x =对称，结合图象可知有8个交点，则函数()()5log 1g x f x x =--的零点个数为8，故选D ．【方法点睛】判断函数()y f x =零点个数的常用方法：(1) 直接法： 令()0,f x =则方程实根的个数就是函数零点的个；(2) 零点存在性定理法：判断函数在区间[],a b 上是连续不断的曲线，且()()0,f a f b ⋅<再结合函数的图象与性质(如单调性、奇偶性、周期性、对称性) 可确定函数的零点个数；(3) 数形结合法：转化为两个函数的图象的交点个数问题，画出两个函数的图象，其交点的个数就是函数零点的个数，在一个区间上单调的函数在该区间内至多只有一个零点，在确定函数零点的唯一性时往往要利用函数的单调性，确定函数零点所在区间主要利用函数零点存在定理，有时可结合函数的图象辅助解题．10．【2018河北石家庄二中八月高三模拟】已知()22,{ 2,x x a f x x x a -≥=+<，若函数()1ln g x f x a x ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭有零点，则实数a 的取值范围是__________． 【答案】[][)1,23,-⋃+∞【名师点睛】已知函数有零点求参数取值范围常用的方法和思路(1)直接法：直接根据题设条件构建关于参数的不等式，再通过解不等式确定参数范围； (2)分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决；(3)数形结合法：先对解析式变形，在同一平面直角坐标系中，画出函数的图象，然后数形结合求解． 11．【2018广东茂名高三五大联盟学校9月联考】若函数至少有3个零点，则实数的取值范围是__________． 【答案】15【名师点睛】本题的求解过程体现了数形结合的数学思想的巧妙运用，求解时先在同一平面直角坐标系中画出两个函数的图像，进而借助图像的直观建立不等式，进而通过解不等式求出参数的取值范围．。
2018版第3章3.4.1第1课时函数的零点精讲例题教案
3.4函数的应用3．4.1函数与方程第1课时函数的零点1．理解函数零点的概念以及函数零点与方程根的关系．(重点)2．会求函数的零点．(重点、难点)3．掌握函数零点的存在性定理并会判断函数零点的个数．(难点)[基础·初探]教材整理1零点的概念阅读教材P91至P92例1，完成下列问题．1．函数零点的定义一般地，我们把使函数y＝f (x)的值为0的实数x称为函数y＝f (x)的零点．2．方程、函数、图象之间的关系(1)函数y＝f (x)的零点就是方程f (x)＝0的实数根．(2)函数y＝f (x)的零点就是它的图象与x轴交点的横坐标．函数y＝x2＋3x＋2的零点是________，其图象与x轴的交点为________．【解析】令x2＋3x＋2＝0，则(x＋2)(x＋1)＝0，∴x＝－1或x＝－2.【答案】－1或－2(－1,0)，(－2,0)教材整理2零点存在性定理阅读教材P92例2至P93“思考”，完成下列问题．若函数y＝f (x)在区间[a，b]上的图象是一条不间断的曲线，且f (a)·f (b)<0，则函数y＝f (x)在区间(a，b)上有零点．1．判断(正确的打“√”，错误的打“×”)(1)任何函数都有零点．()(2)任意两个零点之间函数值保持同号．()(3)若函数y＝f (x)在区间(a，b)上有零点，则一定有f (a)·f (b)＜0.()【解析】(1)可举反例f (x)＝x2＋1无零点．(2)两个零点间的函数值可能会保持同号，也可以异号，如f (x)＝(x－1)(x－2)(x－3)有三个零点即x＝1,2,3，在(1,2)上f (x)为正，在(2,3)上f (x)为负，故在零点1和3之间有正有负．(3)举例f (x)＝x2－1，选择区间(－2,2)，显然f (x)在(－2,2)上有零点1和－1，但是f (2)·f (－2)>0.【答案】(1)×(2)×(3)×2．若函数f (x)在区间(2,5)上是减函数，且图象是一条连续不断的曲线，f (2)·f (5)＜0，则函数f (x)在区间(2,5)上零点的个数是________．【解析】由f (x)在区间(2,5)上是减函数，可得f (x)至多有一个零点．又因为f (x)是一条连续不断的曲线，f (2)·f (5)＜0，所以f (x)在(2,5)上至少有一个零点，可得f (x)恰有一个零点．【答案】 1[小组合作型]求函数的零点求下列函数的零点．(1)f (x)＝x3－x；(2)f (x)＝2x－8；(3)f (x)＝1－log4x；(4)f (x)＝(ax－1)(x－2)(a ∈R)．【精彩点拨】 根据函数零点的方程根的关系，求函数的零点就是求相应方程的实数根．【自主解答】 (1)∵f (x )＝x 3－x ＝x (x 2－1)＝x (x －1)(x ＋1)， 令f (x )＝0，得x ＝0,1，－1，故f (x )的零点为x ＝－1,0,1. (2)令f (x )＝2x －8＝0，∴x ＝3， 故f (x )的零点为x ＝3.(3)令f (x )＝1－log 4 x ＝0，∴log 4 x ＝1，∴x ＝4. 故f (x )的零点为x ＝4.(4)当a ＝0时，函数为f (x )＝－x ＋2， 令f (x )＝0，得x ＝2. ∴f (x )的零点为2.当a ＝12时，f (x )＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12x －1(x －2)＝12(x －2)2，令f (x )＝0得x 1＝x 2＝2. ∴f (x )有零点2. 当a ≠0且a ≠12时， 令f (x )＝0得x 1＝1a ，x 2＝2. ∴f (x )的零点为1a ，2.综上，当a ＝0时，f (x )的零点为2；当a ＝12时，函数有零点2；当a ≠0且a ≠12时，f (x )的零点为1a ，2.函数零点的求法求函数f (x )的零点时，通常转化为解方程f (x )＝0，若方程f (x )＝0有实数根，则函数f (x )存在零点，该方程的根就是函数f (x )的零点；否则，函数f (x )不存在零点．[再练一题]1．若函数f (x )＝x 2－ax ＋b 有两个零点1和4，则函数g (x )＝bx 2－ax ＋1的零点为________．【解析】 由韦达定理得⎩⎪⎨⎪⎧a ＝1＋4＝5，b ＝1×4＝4，∴g (x )＝4x 2－5x ＋1＝(4x －1)(x －1)，令g (x )＝0，则x ＝14或1，即g (x )的零点为14或1. 【答案】 14或1零点存在性定理及其应用在下列区间中，函数f (x )＝e x ＋4x －3的零点所在的区间为________．(填序号)①⎝ ⎛⎭⎪⎫－14，0；②⎝ ⎛⎭⎪⎫0，14；③⎝ ⎛⎭⎪⎫14，12；④⎝ ⎛⎭⎪⎫12，34. 【精彩点拨】 利用函数零点的存在性定理判断，即是否具备f (a )f (b )<0，也可以利用函数图象判断，即函数图象与x 轴是否有交点．【自主解答】 ∵f ⎝ ⎛⎭⎪⎫14＝4e －2<0，f ⎝ ⎛⎭⎪⎫12＝e －1>0， ∴零点在⎝ ⎛⎭⎪⎫14，12上．【答案】③1．判断零点所在区间有两种方法：一是利用零点存在性定理，二是利用函数图象．2．要正确理解和运用函数零点的性质在函数零点所在区间的判断中的应用，若f (x)的图象在[a，b]上连续，且f (a)·f (b)<0，则f (x)在(a，b)上必有零点，若f (a)·f (b)>0，则f (x)在(a，b)上不一定没有零点．[再练一题]2．根据表格中的数据，可以断定方程e x－(x＋3)＝0(e≈2.72)的一个根所在的区间是________．(填序号)x －1012 3e x0.371 2.727.4020.12x＋32345 6①(－1,0)；②(0,1)；③(1,2)；④(2,3)．【解析】设f (x)＝e x－(x＋3)，由上表可知，f (－1)＝0.37－2<0，f (0)＝1－3<0，f (1)＝2.72－4<0，f (2)＝7.40－5>0，f (3)＝20.12－6>0，∴f (1)·f (2)<0，因此方程e x－(x＋3)＝0的根在(1,2)内．【答案】③[探究共研型]方程零点个数的判断探究1如何去求一个方程的零点？【提示】(1)可以解方程；(2)可以结合图象；(3)可以用零点存在性定理．探究2求方程零点的方法有何优缺点？能否用来判断零点的个数？【提示】解方程法．优点：解的准确，不需估算．缺点：有些方程，我们解不出根的精确值，如f (x )＝2x －3x .图象法和零点存在性定理解得的零点未必是精确值，但我们可以通过图象的交点个数来判断方程零点的个数．(1)函数f (x )＝e x －3的零点个数为________．(2)函数f (x )＝ln x －1x －1的零点个数是________． (3)已知关于x 的一元二次方程(x －1)(3－x )＝a －x (a ∈R )，试讨论方程实数根的个数．【精彩点拨】 (1)利用函数的零点的概念解方程求解．(2)利用函数图象来求解．(3)原方程可化为(x －1)(3－x )＋x ＝a ，利用直线y ＝a 与抛物线y ＝(x －1)(3－x )＋x 的位置关系讨论，也可以利用判别式．【自主解答】 (1)令f (x )＝0，∴e x －3＝0，∴x ＝ln 3，故f (x )只有1个零点． (2) 在同一坐标系中画出y ＝ln x 与y ＝1x －1的图象，如图所示，函数y ＝ln x与y ＝1x －1的图象有两个交点，所以函数f (x )＝ln x －1x －1的零点个数为2.【答案】 (1)1 (2)2(3)法一：原方程化为－x 2＋5x －3＝a . 令f (x )＝－x 2＋5x －3，g (x )＝a .作函数f (x )＝－x 2＋5x －3的图象，抛物线的开口向下，顶点的纵坐标为12－254×(－1)＝134，画出如图所示的简图：由图象可以看出：①当a ＞134时，方程没有实数根；②当a ＝134时，方程有两个相等的实数根； ③当a ＜134时，方程有两个不相等的实数根． 法二：原方程化为x 2－5x ＋3＋a ＝0. Δ＝25－4(3＋a )＝－4a ＋13.①当Δ＜0，即a ＞134时，方程没有实数根； ②当Δ＝0，即a ＝134时，方程有两个相等的实数根； ③当Δ＞0，即a ＜134时，方程有两个不相等的实数根．判断函数零点的个数的方法主要有：(1)可以利用零点存在性定理来确定零点的存在性，然后借助于函数的单调性判断零点的个数．(2)利用函数图象交点的个数判定函数零点的个数．[再练一题]3．若把(3)中x 加以限制(1＜x ＜3)，求解相应问题． 【解】 原方程可化为－x 2＋5x －3＝a (1＜x ＜3)，作函数f (x )＝－x 2＋5x －3(1＜x ＜3)的图象，注意f (x )＝－x 2＋5x －3的对称轴为x ＝52，f ⎝ ⎛⎭⎪⎫52＝－254＋252－3＝50－25－124＝134，f (1)＝－1＋5－3＝1，f (3)＝－9＋15－3＝3. 故f (x )在1＜x ＜3上的草图如图所示：由图可知，①当a ＝134或1＜a ≤3时，方程有一解； ②当3＜a ＜134时，方程有两解； ③当a ≤1或a ＞134时，方程无解.1．下列图象表示的函数中没有零点的是________．(填序号)【解析】 ②③④的图象均与x 轴有交点，故函数均有零点，①的图象与x 轴没有交点，故函数没有零点．【答案】 ①2．函数f (x )＝(x －1)(x 2＋3x －10)的零点个数是________． 【解析】 ∵f (x )＝(x －1)(x 2＋3x －10) ＝(x －1)(x ＋5)(x －2)，由f (x )＝0，得x ＝－5或x ＝1或x ＝2. 【答案】 33．已知函数f (x )的图象是连续不断的，有如下的x ，f (x )对应值表： x 1 2 3 4 5 6 7 f (x )136.13615.552－3.9210.88－52.488－232.06411.238由表可知函数f (x )存在零点的区间有________个．【解析】 ∵f (2)·f (3)＜0，f (3)·f (4)＜0，f (4)·f (5)＜0，f (6)·f (7)＜0，∴共有4个区间．【答案】 4 4．方程0.9x －221x ＝0的实数解的个数是________． 【解析】 设f (x )＝0.9x －221x ，则f (x )为减函数，值 域为R ，故有1个． 【答案】 15．关于x 的方程mx 2＋2(m ＋3)x ＋2m ＋14＝0有两实根，且一个大于4，一个小于4，求m 的取值范围.【解】 令f (x )＝mx 2＋2(m ＋3)x ＋2m ＋14. 依题意得⎩⎪⎨⎪⎧m >0，f (4)<0或⎩⎪⎨⎪⎧m <0，f (4)>0，即⎩⎪⎨⎪⎧ m >0，26m ＋38<0或⎩⎪⎨⎪⎧m <0，26m ＋38>0， 解得－1913<m <0.。
2018届高考数学(理)一轮复习：微专题1 函数的零点
微专题1 函数的零点与性质在高考中都有所考查，函数的应用则体现了新高考考查应用的理念，在高考中对函数应用的考查主要体现在函数的零点问题上，是高考考查的热点、重点．函数的零点与方程的解、函数的图象等问题密切相关，该部分的重点主要包括以下几个方面：函数零点的判断与求解、与函数零点相关的含参问题、与二次函数相关的零点问题．处理函数零点问题的常用方法：(1)解方程，令f (x )＝0，求解；(2)零点存在性定理，要求函数在区间上是连续不断的曲线，且f (a )·f (b )<0，再结合函数的图象与性质确定；(3)数形结合，转化为两个函数的图象的交点的个数问题．函数的零点问题主要涉及了转化思想，如方程解的个数问题可转化为两个函数图象交点的个数问题；已知方程有解求参数范围问题可转化为函数的值域问题．在解决函数的零点问题需要注意以下几点：(1)函数f (x )的零点是一个实数，是方程f (x )＝0的根，也是函数y ＝f (x )的图象与x 轴交点的横坐标；(2)函数零点存在性定理是零点存在的一个充分条件，而不是必要条件，判零点个数还是要根据函数的单调性、对称性或者结合函数的图象.判断函数零点个数的方法(1)直接求零点：令f (x )＝0，则方程解的个数即为零点的个数．(2)利用零点存在性定理求：利用该定理不仅要求函数在上是连续的曲线，且f (a )·f (b )<0，还必须结合函数的图象和性质(如单调性)才能确定函数有多少个零点．(3)数形结合：对于给定的函数不能直接求解或画出图象的情况，常通过分解转化为两个函数图象，然后利用数形结合，看其交点有几个．其中交点的横坐标有几个不同的值，就有几个不同的零点． (1)已知函数f (x )＝ln x －(12)x －2的零点为x 0，且x 0所在的区间是(k ，k ＋1)(k ∈Z )，则k ＝________.(2)已知函数f (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧2x －1，x ≤1，1＋log 2x ，x >1，则函数f (x )的零点为________． (3)若定义在R 上的偶函数f (x )满足f (x ＋2)＝f (x )，且当x ∈时，f (x )＝x ，则函数y ＝f (x )－log 3||x 的零点个数是________．反思提炼：函数f (x )的零点是一个实数，是方程f (x )＝0的根，也是函数y ＝f (x )的图象与x 轴交点的横坐标．函数零点存在性定理中的条件是零点存在的一个充分不必要条件；判断零点个数还要根据函数的单调性、对称性或结合函数图象．(1)函数f (x )＝3x －7＋ln x 的零点位于区间(n ，n ＋1)(n ∈N )内，则n ＝________.(2)已知符号函数sgn(x )＝⎩⎪⎨⎪⎧1，x >0，0，x ＝0，－1，x >0，则函数f (x )＝sgn(x －1)－ln x 的零点个数为________．·举一反三·函数f (x )＝|2x －1|，则函数g (x )＝f (f (x ))＋ln x 在(0，1)上不同的零点个数为________．二、与函数零点相关的含参问题函数y ＝f (x )有零点⇔方程f (x )＝0有实根⇔函数y ＝f (x )的图象与x 轴有交点．在解决函数与方程的问题时，要注意这三者之间的关系，在解题中充分利用这个关系对实际问题进行转化． 已知函数f (x )＝－x 2＋2e x ＋m －1，g (x )＝x ＋e x(x ＞0)． (1)若y ＝g (x )－m 有零点，求m 的取值范围；(2)确定m 的取值范围，使得g (x )－f (x )＝0有两个相异实根．反思提炼：函数零点的应用主要表现在利用零点求参数范围．若方程可解，则通过解方程即可得出参数的范围；若方程不易解或不可解，则将问题转化为构造两个函数，利用两个函数图象的关系求解，这样会使问题变得直观、简单，这也体现了数形结合思想的应用．·变式训练·设函数f (x )＝log 2(2x ＋1)，g (x )＝log 2(2x －1)，若关于x 的函数F (x )＝g (x )－f (x )－m 在上有零点，求m 的取值范围．三、与二次函数相关的零点问题是否存在这样的实数a ，使函数f (x )＝x 2＋且只有一个零点？若存在，求出a 的取值范围；若不存在，说明理由．反思提炼：解决与二次函数有关的零点问题：(1)可利用一元二次方程的求根公式；(2)可用一元二次方程的判别式及根与系数之间的关系；(3)利用二次函数的图象列不等式组．已知f (x )＝x 2＋(a 2－1)x ＋(a －2)的一个零点比1大，一个零点比1小，求实数a 的取值范围．1.||k 的取值范围是________．2．函数f (x )＝x cos x 2在区间上的零点个数为________．3.已知x ∈R ，符号表示不超过x 的最大整数．若函数f (x )＝[x ]x－a (x ≠0)有且仅有3个零点，则a 的取值范围是________．4．已知f (x )＝|2x －1|，f 1(x )＝f (x )，f 2(x )＝f (f 1(x ))，…，f n (x )＝f (f n －1(x ))，则函数y ＝f 4(x )的零点个数为________．5．已知二次函数f (x )的最小值为－4，y ＝f (x )的两个零点为－1和3.(1)求函数f (x )的解析式；(2)求函数g (x )＝f （x ）x－4ln x 的零点个数．6．已知函数f (x )＝ax sin x －32(a ∈R )，且在[0，π2]上的最大值为π－32. (1)求函数f (x )的解析式；(2)判断函数f (x )在(0，π)内的零点个数，并加以证明．。
高考常考题- 函数的零点问题(含解析)
函数的零点问题一、题型选讲题型一 、运用函数图像判断函数零点个数可将零点个数问题转化成方程，进而通过构造函数将方程转化为两个图像交点问题，并作出函数图像。
作图与根分布综合的题目，其中作图是通过分析函数的单调性和关键点来进行作图，在作图的过程中还要注意渐近线的细节，从而保证图像的准确。
例1、(2019苏州三市、苏北四市二调）定义在R 上的奇函数f (x )满足f (x ＋4)＝f (x )，且在区间[2，4)上⎩⎨⎧<≤-<≤-=43,432,2)(x x x x x f 则函数x x f y log 5)(-=的零点的个数为 例2、(2017苏锡常镇调研）若函数f (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧12x－1，x ＜1，ln xx 2，x ≥1，)则函数y ＝|f (x )|－18的零点个数为________．例3、【2018年高考全国Ⅲ卷理数】函数()πcos 36f x x ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭在[]0π，的零点个数为________． 题型二、函数零点问题中参数的范围已知函数零点的个数，确定参数的取值范围，常用的方法和思路：(1) 直接法：直接根据题设条件构建关于参数的不等式，再通过解不等式确定参数范围．(2) 分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决，解法2就是此法．它的本质就是将函数转化为一个静函数与一个动函数的图像的交点问题来加以处理，这样就可以通过这种动静结合来方便地研究问题．(3) 数形结合法：先对解析式变形，在同一平面直角坐标系中，画出函数的图像，然后数形结合求解．例4、（2020届山东省枣庄、滕州市高三上期末）已知ln ,1()(2),1x x f x f x k x ≥⎧=⎨-+<⎩若函数()1y f x =-恰有一个零点，则实数k 的取值范围是（ ） A ．(1,)+∞B ．[1,)+∞C ．(,1)-∞D ．(,1]-∞例5、（2020·全国高三专题练习（文））函数()()22log ,1,1,1,x x f x f x x ≥⎧=⎨+<⎩，若方程()2f x x m =-+有且只有两个不相等的实数根，则实数m 的取值范围是 （ ） A ．(),4-∞B ．(],4-∞C ．()2,4-D ．(]2,4-例6、【2020年高考天津】已知函数3,0,(),0.x x f x x x ⎧≥=⎨-<⎩若函数2()()2()g x f x kx x k =--∈R 恰有4个零点，则k 的取值范围是 A ．1(,)(22,)2-∞-+∞ B ．1(,)(0,22)2-∞-C ．(,0)(0,22)-∞ D ．(,0)(22,)-∞+∞例7、【2019年高考浙江】已知,a b ∈R ，函数32,0()11(1),032x x f x x a x ax x <⎧⎪=⎨-++≥⎪⎩．若函数()y f x ax b =--恰有3个零点，则A ．a <–1，b <0B ．a <–1，b >0C ．a >–1，b <0D ．a >–1，b >0例8、（2020·浙江学军中学高三3月月考）已知函数2(4),53()(2),3x x f x f x x ⎧+-≤<-=⎨-≥-⎩，若函数()()()1g x f x k x =-+有9个零点，则实数k 的取值范围是（ ）A ．1111,,4664⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭B ．1111,,3553⎛⎫⎛⎫--⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭C ．11,64⎛⎫⎪⎝⎭D ．11,53⎛⎫ ⎪⎝⎭例9、（2020届浙江省杭州市第二中学高三3月月考）已知函数()()2,22,2,x f x f x x ≤<=-≥⎪⎩()2g x kx =+，若函数()()()F x f x g x =-在[)0,+∞上只有两个零点，则实数k 的值不可能为A ．23- B ．12-C ．34-D ．1-二、达标训练1、（2019·山东师范大学附中高三月考）函数()312xf x x ⎛⎫=- ⎪⎝⎭的零点所在区间为（ ） A ．()1,0-B ．10,2⎛⎫ ⎪⎝⎭C ．1,12⎛⎫ ⎪⎝⎭D ．()1,22、【2018年高考全国Ⅰ卷理数】已知函数()e 0ln 0x x f x x x ⎧≤=⎨>⎩，，，，()()g x f x x a =++．若g （x ）存在2个零点，则a 的取值范围是A ．[–1，0）B ．[0，+∞）C ．[–1，+∞）D ．[1，+∞）3、（2020届浙江省“山水联盟”高三下学期开学）已知,a b ∈R ，函数(),0(),0x x a e ax x f x x x ⎧++≤=⎨>⎩，若函数()y f x ax b =--恰有3个零点，则（ ） A ．1,0a b >>B ．1,0a b ><C ．1,0a b <>D ．1,0a b <<4、（2020届山东实验中学高三上期中）设定义在R 上的函数()f x 满足()()2f x f x x -+=，且当0x ≤时，()f x x '<.己知存在()()()220111122x x f x x f x x ⎧⎫∈-≥---⎨⎬⎩⎭，且0x 为函数()x g x e a=-(,a R e ∈为自然对数的底数)的一个零点，则实数a 的取值可能是（ ） A ．12BC ．2e D5、（2020届山东师范大学附中高三月考）已知函数(01)()2(1)x f x x x⎧<≤⎪=⎨>⎪⎩，若方程()f x x a =-+有三个不同的实根，则实数a 的取值范围是________．6、【2018年高考浙江】已知λ∈R ，函数f (x )=24,43,x x x x x λλ-≥⎧⎨-+<⎩，当λ=2时，不等式f (x )<0的解集是___________．若函数f (x )恰有2个零点，则λ的取值范围是___________．7、【2020届江苏省南通市如皋市高三下学期二模】已知函数()222,01,03x x ax a x f x e ex a x x⎧++≤⎪=⎨-+>⎪⎩，若存在实数k ，使得函数()y f x k =-有6个零点，则实数a 的取值范围为__________.一、题型选讲题型一 、运用函数图像判断函数零点个数可将零点个数问题转化成方程，进而通过构造函数将方程转化为两个图像交点问题，并作出函数图像。
高考函数题型总结：零点问题总结
高考函数题型总结：零点问题总结高中函数专题——零点（看图像交点）2018新课标1理】已知函数f(x)，的取值范围是()。
若存在2个零点，则答案为C。
解析】令y=f(x)，则y=a(x-1)e^(x-1)+1.当y=0时，即a(x-1)e^(x-1)+1=0.当a=0时，有两个零点，矛盾。
当a0时，在(-∞,1)上递增，在(1,+∞)上递减，此时y=a(x-1)e^(x-1)+1的图象只能有一个零点，即在(1,+∞)上有一个零点。
综上，当a>0时，f(x)的零点个数为1，故答案为C。
2018•新课标Ⅲ】函数的零点个数为3.解析】由题意得f(x)=x^3-3x^2+2x，令f(x)=0，则x^3-3x^2+2x=0，整理得x(x-2)(x-1)=0，即f(x)的零点为0，1，2，故零点个数为3.2018•浙江理】已知λ∈R，函数f(x)=λ(e^(x-1)-1)/(x-1)。
当λ=2时，不等式f(x)<0的解集是(1,2)。
若函数f(x)恰有2个零点，则λ的取值范围是(1,4)。
解析】当λ=2时，f(x)=(e^(x-1)-1)/(x-1)，不等式f(x)<0的解集是(1,2)。
当f(x)有2个零点时，即f(x)的图象在(1,2)上有两个交点，所以f(x)在(1,2)上单调性变化，即f'(x)在(1,2)上存在一个零点。
由f'(x)=(e^(x-1)(x-2)+1)/(x-1)^2=0，解得x=2，所以λ的取值范围为1<λ≤3.2018•天津理】已知a>0，函数f(x)=x^2+ax+1/x^2.若关于x的方程f(x)=ax恰有2个异的实数解，则a的取值范围是(4,8)。
解析】由f(x)=x^2+ax+1/x^2=ax，整理得x^4+ax^3+x^2-a=0.由于f(x)恰有2个异的实数解，即x^2≠1，所以x^4+ax^3+x^2-a=0要么无根，要么有同号根，同号根时a>0，所以x^4+ax^3+x^2-a=0在a>0时有两个异的实数解。
2.5 函数零点个数问题-2018版小问题大用途之高中数学小问题集中营含解析
专题五 函数零点个数问题 一、问题的提出 【2017山东高考理10】已知当[]0,1x ∈时,函数()21y mx =-的图象与y x m =+的图象有且只有一个交点,则正实数m 的取值范围是 （A ）(])0,123,⎡+∞⎣ （B ）(][)0,13,+∞ （C)()0,223,⎤⎡+∞⎦⎣ （D ）([)0,23,⎤+∞⎦函数零点个数问题是高考命题的一个高频考点,常与函数的图象与性质交汇，以选择题、填空题的形式出现,高考对函数零点的考查主要有以下两个命题角度：(1）判断函数零点个数；(2）由函数零点个数确定参数的值或取值范围．二、问题的探源【点睛】已知函数有零点求参数取值范围常用的方法和思路(1）直接法:直接根据题设条件构建关于参数的不等式,再通过解不等式确定参数范围；（2)分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决;(3)数形结合法：先对解析式变形,在同一平面直角坐标系中,画出函数的图象，然后数形结合求解．1．函数零点的定义；对于函数y＝f（x)(x∈D),把使f(x）＝0成立的实数x 叫做函数y＝f(x）（x∈D）的零点．2．二次函数y＝ax2＋bx＋c（a＞0）的图象与零点的关系；Δ＞0Δ＝0Δ＜0二次函数y＝ax2＋bx＋c(a＞0)的图象与x轴的交（x1，（x1，0）无交点也是函数y＝f（x)的图象与x轴交点的横坐标．（2）连续函数在一个区间端点处的函数值异号是这个函数在这个区间上存在零点的充分条件,但不是必要条件．3.判断函数零点个数的三种方法（1）直接求零点:令f(x）＝0,如果能求出解，则有几个解就有几个零点；(2）零点存在性定理：利用定理不仅要求函数在区间[a,b]上是连续不断的曲线,且f(a)·f（b）<0,还必须结合函数的图象与性质(如单调性、奇偶性)才能确定函数有多少个零点；（3)利用图象交点的个数:画出两个函数的图象,看其交点的个数，其中交点的横坐标有几个不同的值，就有几个不同的零点．4。
2018年高考数学黄金100题系列第20题函数零点的个数问题理
第 20 题 函数零点的个数问题I ．题源探究·黄金母题【例 1】求函数 f (x) ln x 2x 6 的零点的个数． 【答案】 1． 精彩解读 【试题来源】人教版 A 版必修 1第 88页例 1．【母题评析】 本题考查了零点存在性定理、 函数零点个数的判断．【思路方法】 判断函数是否存在零点可用零 点存在性定理或利用数形结合法．而要判断 函数有几个零点，还需要借助函数的单调 性．f x 只有一个零点．II ．考场精彩·真题回放 【例 2】【2017 高考江苏卷第 14 题】设 f (x) 是定义在 R 且周期为 1 的函数， 在区间 [0,1) 上， f(x) 2x, x D,其中集合 x, x D, n D x x 是 1 ,n n N* ，则方程 f(x) lg x 0 的解的个数 【答案】 8【解析】由于 f(x) [0,1) ，则需考虑 1 x 10 的情况，在 此范围内， x Q 且 x Z 时，设 x q * ,p,q N ,p 2 ， p 且 p, q 互质．若 lg x Q ，则由 lg x (0,1) ，可设n* lg x ,m,n N ,m 2 ，且 m,n 互质．m n 因此 10m q，则 10 (q ) ，此时左边为整数，右边非整pp数，矛盾，因此 lg x Q ．因此 lg x 不可能与每个周期内 x D 对应的部分相等，只需考虑 lg x 与每个周【命题意图】 本题主要考查考查了零点存在 性定理、函数零点个数的判断．本题能较好 的考查考生分析问题解决问题的能力．【考试方向】 这类试题在考查题型上，通常 基本以选择题或填空题的形式出现，难度中 等偏易， 考查基础知识的识记、 理解与应用． 【难点中心】 解答此类问题，关键在于灵活 选择方法，如直接求解，或数形结合转化为 两个函数图象的交点个数问题，或借助于导 数研究函数的单调性，得到函数的零点个 数．【解析】 f x 的定义域为0, ． f 2 ln2 4 6 0, f 3 ln3 6 6 0,由零点存在性定理知 f x 有零点．又f x 12 0, f x 在 0, 上是单调递增函数， x2,2 有 个零点．答案】 D ．解析】函数 f x 2x 2e x |在 2,2 上是偶函数，其图 象关于 y 轴对称，故先考虑其在 0,2 上有几个零2点． f 0 0,f 1 0,f (2) 8 e 20, f x 在0,2 上有零点．设 g x g 0 0,g 1 0,g 2点．又由 g x 0 ，可得 4x 1 1,2 且 g x 1 0, gx 0且 x 0 0,1 ．从而当 0f x 4x e x．0, g x 在 0,2 上有零e x0 ，设其解为 x 1，易知 x 在 0,2 上有唯一零点， 设为 x x 0 时， g x 0 ，即f x 0 ；当 x 0 x 2 时，g x 0 ，即 f x 0 ，故 x (0, x 0 )时， f ( x )为单调递减函数；当 x (x 0,2)时，f (x) 为单调递增函数．又 f 0 0, f 1 0, f(x 0) 0, f x 在 0,2 上有唯一 零点．由函数图象的对称性可知 f x 在0,2 上有两个零点．【例 4】【2015 年高考江苏卷】已知函数 f x ln x ，次方程解的个数为 8．0,0 x 1g xx 2 4 2,x 1，则方程f xg x 1实根的个数为 _______． 【答案】 4．【解析】方程等价于 f x g x 1，即f xg x 1 或 f x g x 1 共多少个根，【命题意图】 本题主要考查考查了零点存在 性定理、函数零点个数的判断．本题能较好 的考查考生分析问题解决问题的能力．【考试方向】 这类试题在考查题型上，通常 基本以选择题或填空题的形式出现，难度较 大．y 1 g x 有两个交点，所以共计 4 个．III ．理论基础·解题原理y f x x D 的零点．2．函数零点存在性定理：设函数 f x 在闭区间 a,b 上连续，且至少有函数 f x 的一个零点，即至少有一点 x 0 a,b ，使得 f x 0 1） f x 在 a,b 上连续是使用零点存在性定理判定零点的前提；2）零点存在性定理中的几个“不一定” （假设 f x 连续） ① 若 f a f b 0 ，则 f x 的零点不一定只有一个，可以有多个；② 若 f a f b 0 ，那么 f x 在 a,b 不一定有零点； ③ 若 f x 在 a,b 有零点，则 f a f b 不一定必须异号．3．若 f x 在 a,b 上是单调函数且连续，则 f a f b 0 f x 在 a,b 的零点唯一． 4．函数的零点、方程的根、两图像交点之间的联系：设函数为 y f x ，则 f x 的零点即为满足方程 f x 0 的根，若 f x g x h x ，则方程可转由此看来，函数的零点，方程的根，两图像的交点这三者各有特点，且能相互转化，在解决有关根的问题以及已知根的个数求参数范围这些问题时要用到这三者的灵活转化． 5．函数的零点，方程的根，两函数的交点在零点问题中的作用 （1）函数的零点： 工具：零点存在性定理；作用：通过代入特殊值精确计算，将零点圈定在一个较小的范围内； 缺点：方法单一，只能判定零点存在而无法判断个数，且能否得到结论与代入的特殊值有关．1,0 x 1y 1 g xx 2 1,1 x 2 ，数形结合可得： f x 与 7 x 2,x 2y 1 g x 有两个交点；1,0 x 12y 1 g x x 23,1 x 2 ，同理可得 f x 与5 x 2,x 2其零点，常通过平移、对称变换转化为相应 的函数图像问题，利用数形结合法将方程根 的个数转化为对应函数零点个数，而函数零 点个数的判断通常转化为两函数图像交点 的个数．这时函数图像是解题关键，不仅要 研究其走势（单调性，极值点、渐1．零点的定义：一般地，对于函数 y x x D ，我们把方程 f x0的实数根 x 称为函数a fb 0 ，那么在开区间 a,b 内 0． 变为 g x h x ，即方程的根在坐标系中为g x ,h x 交点的横坐标，其范围和个数可从图像中得到．（2）方程的根： 工具：方程的等价变形； 作用：当所给函数不易于分析性质和图像时，可将函数转化为方程，从而利用等式的性质可对方程进行变 形，构造出便于分析的函数； 缺点：能够直接求解的方程种类较少，很多转化后的方程无法用传统方法求出根，也无法判断根的个数．（3）两函数的交点： 工具：数形结合； 作用：前两个主要是代数运算与变形，而将方程转化为函数交点，是将抽象的代数运算转变为图形特征， 是数形结合的体现．通过图像可清楚的数出交点的个数（即零点，根的个数）或者确定参数的取值范围； 缺点：数形结合能否解题，一方面受制于利用方程所构造的函数（故当方程含参时，通常进行参变分离， 其目的在于若含 x 的函数可作出图像，那么因为另外一个只含参数的图像为直线，所以便于观察） ，另一方 面取决于作图的精确度，所以会涉及到一个构造函数的技巧，以及作图时速度与精度的平衡． IV ．题型攻略·深度挖掘【考试方向】 这类试题在考查题型上，通常基本以选择题或填空题的形式出现，一般难度较小．若涉及的函数为分段函 数，则难度加大．【技能方法】 1．零点存在性定理的应用：若一个方程有解但无法直接求出时，可考虑将方程一边构造为一个函数，从而 利用零点存在性定理将零点确定在一个较小的范围内．例如：对于方程 ln xx 0 ，无法直接求出根，构 11造函数 f x lnx x ，由 f 1 0, f 1 0即可判定其零点必在 1,1 中． 222．判断函数在某个区间上是否存在零点的方法（1）解方程，当对应方程易解时，可通过解方程，看方程是否有根落在给定区间上． （ 2）利用零点存在性定理进行判断；（3）画出函数图象，通过观察图象与 x 轴在给定区间上是否有交点来判断． 3．断函数零点个数的常见方法（ 1）直接法：解方程 f x 0 ，方程有几个解，函数 f x 就有几个零点；（2）图象法：画出函数 f x 的图象，函数 f x 的图象与 x 轴的交点个数即为函数 f x 的零点个数；3）将函数 f x 拆成两个常见函数gx 和 h x 的差，从而f x 0g xh x 0g x h x ，则函数 f x 的零点个数即为函数 y g x 与函数y h x 的图象的交点个数；4）二次函数 f x ax 2bx c a 0 的零点问题主要从三个方面考虑：①判别式 确定零点是否存在；②对称轴的位置控制零点的位置；③端点值的符号确定零点的个数． 【易错指导】对函数零点存在的判断需要注意以下两点： （1）函数 f x 在 a,b 上连续；（2）满足 f a f b0． 上述方法只能求变号零点，对于非变号零点不能用上述方法求解．另外需要注意的是：（1）若函数f x 的图象在x x0与x轴相切，则零点x0通常称为不变号零点；（2）函数的零点不是点，它是函y f x 数与x 轴的交点的横坐标，是方程f x 0的根． V．举一反三·触类旁通【例 1】【 2018 云南昆明一中高三一模】若函数f x x ，则函数y f x log1x 的零点个数是（） 2A．5 个 B ．4 个 C ．3个 D ．2 个【答案】 D 【解析】如图：函数f x 与函数g x log1x 有 2 个交点，所以选 D．【例 2【】2018 河南漯河高中高三上学期二模】已知函数是上的偶函数，且，当时，，则函数的零点个数是（）A．3 B ． 4 C ．5 D ．6【答案】 B则函数h x f x log 4 x 的零点个数为（）A ．2 个B ．3 个C ．4 个D ．5 个 【答案】 D（ 1）直接求零点：令 f （x ） ＝ 0，如果能求出解，则有几个解就有几个零点．（2）零点存在性定理：利用定理不仅要函数在区间 [a ，b] 上是连续不断的曲线，且 f （a ） ·f （b ） < 0，还必须结合函数的图象与性质 （ 如单调性、奇偶性 ）才能确定函数有多少个零点．（3）利用图象交点的个数：将函数变形为两个函数的差，画两个函数的图象，看其交点的横坐标有几个不例 3】【 2018 辽宁庄河高中、沈阳二十中高三上学期第一次联考】函数fx 8sin2 x x 0{ 1 f x x 22log 4 5412flog 44 14sin2 x 2sin2 x ；当22 12sin2 x sin2x ；当x 221，则函数 y log 4x 与函数 f x 在区间绘制函数图象如图所示，观察可得：函数32 时，4时，sin，据此可得：25 43 3上有 2 个交点，很明显，当 xhx x log 4x 的零点个数为 1，而 32 时， 5 个．函数图象没有交点，名师点睛】函数零点的求解与判断同的值，就有几个不同的零点．答案】 C名师点睛】方程的根或函数有零点求参数范围常用方法和思路1）直接法：直接根据题设条件构建关于参数的不等式，再通过解不等式确定参数范围； 2）分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决；3）数形结合法：先对解析式变形，在同一直角坐标系中，画出函数的图象，然后数形结合求解． 例 5】【2018 黑龙江海林模拟】设 f x x 3bx 2cx d ，又 k 是一个常数，已知 k 0或 k 4时，f x k 0 只有一个实根，当 0 k 4 时， f x k 0 有三个相异实根，给出下列命题：① f x 4 0和 f ' x 0 有一个相同的实根； ② f x 0 和 f ' x 0 有一个相同的实根；③ f x 3 0 的任一实根大于 f x 1 0 的任一实根； ④ f x 5 0的任一实根小于 f x 2 0 的任一实根．其中正确命题的个数为（ ） A ．3 B ． 2 C ．1 D ．0 【答案】 A例 4】【 2018 贵州黔东南州第一次联考】已知函数 x 29x 9,x 0 4 2,x，若方程 f x a 有两个不相等的实数根，则实数 a 的取值范围是（ A ． 52, 942,B ． 2,C ．2,5, 92,42,解析】作出函数 f9 ,x 4的图象如下：当0 k 4 时，f x k 0 有三个相异实根，故函数即有极大值，又有极小值，且极小值为0，极大值为 4，故f x 4 0 与f x 0 有一个相同的实数根，即极大值点，故（ 1 ）正确．f x 0 与f x 0 有一个相同的实根，即极小值点，故（2）正确；f x 3 0 有一实根且函数最小的零点，f x 1 0有3个实根均大于函数的最小零点，故（ 3）错误；f x 5 0 有一实根且小于函数最小零点，f x 2 0 有三个实根均大于函数最小的零点，故（4）正确；所以 A 选项正确．【点睛】三次函数图象时，要关注三次函数的极值点个数，三次函数的三次项系数为正，如果有两个极值点，那么函数为先再减最后增，满足对k 是一个常数，当k 0或k 4时，f x k 0只有一个实根，当0 k 4 时，f x k 0 有三个相异实根这样的条件，说明有极小值为0，极大值为4 ，据此可画出函数的模拟图像，数形结合，逐一验证．【例 6】【2018 安徽阜阳临泉一中高三上学期二模】已知，若关于的方程恰好有个不相等的实数根，则实数的取值范围是_______________________________________________________．【答案】令，则当时，方程有一解；当时，方程有两解；时，方程有三解．∵关于的方程，恰好有 4 个不相等实数根，∴关于的方程，故答案为．【名师点睛】已知函数有零点求参数取值范围常用的方法和思路：①直接法：直接根据题设条件构建关于参数的不等式，再通过解不等式确定参数的范围；②分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决；③数形结合法：先对解析式变形，在同一平面直角坐标系中画出函数的图象，然后数形结合求解．g x f x m 有三个零点，则实数m的取值范围是【答案】1，4【解析】g x f x m 有三个零点，根据题意可得x 1 时，函数有一个零点；x 1时，函数有两个零点．当x 1 时， 1 1 1 f x lnx ，f x2x10 恒成立f x 1,，故m1；当x1x x x2x时，f 2x 2xm5mx ，要使得g x f xm有两个零点，需满足28在和上各有一解，∴，解得例 7】【 2018 江苏南通如皋高三第一次联考】已知函数lnx 1，1，{ x52 m2x mx ，2 8x 若1，例 8】【2017 江西宜春丰城九中、高安二中、宜春一中、万载中学、樟树中学、宜丰中学届高三六校联考】1111 已知函数 f xln x 1||， f x m 的四个零点 x 1 ， x 2， x 3， x 4，且 k1 1 1 1，则x 1 x 2 x 3 x 4kf k e k 的值是 _______答案】 e 2例 9】【2018 辽宁庄河高中、沈阳二十中高三上学期第一次联考】已知函数 的图象向右平移两个单位，得到函数 的图象． 1）求函数 的解析式；2）若方程在 上有且仅有一个实根，求【解析】试题分析： （ 1）借助平移的知识可以直接求出函数解析式（ 2）先换元 将问题转化为 有且只有一个根， 再运用函数方程思想建立不等式组分析求解． （1）（ 2）设 ，则 ，原方程可化为 ，于是只须 在上有且仅有一个实根．法 1：设 ，对称轴 ，则 ①．或 ②由①得 ，即 ， ．由②得 无解，则 法 2：由， ，得 ， ，设 ，则 ， ．25 mm 80,8 2m1,4m 5f1 2m2 8m7 ，综上可得 1，7，故答案为 441，74的取值范围．答案】 1） 2），解得1记 ，则 在 上是单调函数，因为故要使题设成立，只须．即．从而 名师点睛】在解答指数函数的综合题目时可以采用换元法，转化为一元二次函数的问题，根据题目要求， 如需要分类讨论，再加入分类讨论． 例 10 】【江苏扬州模拟】 1） 若a 2， 求 f x 2） 若a 2， 写出 f 3） 若存在a 2,4答案】（1） f x max a 2,a （1t 29 8设x x x a 2x ( a R) 在区间 0,3 上的最大值； x 的单调区间； ，使得方程 f x tf a 有三个不相等的实数解，求 t 的取值范围． f 3 9 （ 2） f x 的单调增区间为 a 2 和 a, ，单调减区间 2 试题解析：1）当 a 2时， f xx x 2 2x ={ 2x2 x,4x,x 2，x2 2） 当x 当x f x 在 R 上为增函数， x 在 0,3 上为增函数，则 f x maxf 3 9 ． x 2 x {2 x2 2 a 时， a2 a2 a 时， a 2 a 2 a x,xa 2 a ，a 2 ， 0 a 2a a 2， 函数，则 f x,x a x 在a,为增函数 ， a 2 0 ，即a 2 2a ， f x 在 a 2 2为增函数，在 2a 22,a 为减x 的单调增区间为 a 2和2 a, ，单调减区间 a2 ,a 23）由（ 2）可知，当 2 a 2时， f x 为增函数，方程不可能有三个不相等实数根，【答案】（1） 1 m 3或 m 2；（2） a , ．e2跟踪练习】当2 4时，由（2）得f a tf aa2 2，2aa2 2at ， 4即12a 22在8a 2a22,4 有解，由8a 1 2a 12在2,4 上为增函数，4时，a 8a 22 的最大值为 9 ，则 1 811】【2018 海南中学、文昌中学、海口市第一中学、农垦中学等八校联考】设函数 x {2x 3 3x x 21,x 0 ，其中 a 0．2axe x1,x 01）若直线ym 与函数 f x 的图象在 0,2 上只有一个交点，求 m 的取值范围；2）若 f x a 对 x R 恒成立，求实数 a 的取值范围．∵f 0 1， f 2 3，∴由数形结合可得 1m 3或 m 2．（2） 当x 0时， f 'x2a x 1 e x， a 0，令 f ' x0得x 1；令f'x 0 得 1 x0，f x 递增；令 f ' x 0得 x 1， f x 递减，∴ f x 在 x 1处取 得极小值，且极小值为f2a 1 1 ，∵0，∴ 2a 1 0 ，∵ 2a 当1 2 即 0 a e时，eee2fx min f12，a 2 ，即 a 2 ， ∴无解， 当 2a 1e 2即a 时，e 22a2ae e e ，∴e．fxf11 ，∴ a 1 ，即，又 ，∴ amaxeee2 e 22e2综上，ae,e2令 f ' x 0得0 x 1， f x 递减， x 在 x 1 处取得极小值，且极小值为 f 1 2 ， 名师点睛】函数交点问题，研究函数的单调性找函数最值，求参；恒成立求参，对于分段函数来讲，分 段讨论最值即可．1．【 2018 江苏南宁模拟】设函数 ，则 零点的个数为(A ．3B ． 2C ．1D ．0 【答案】 B【点睛】函数数零点问题，常根据零点存在性定理来判断，如果函数 y ＝f(x) 在区间 [a ，b]上的图象是连续不断的一条曲线，且有 f(a) ·f(b)<0 ，那么，函数 y ＝ f(x) 在区间 (a ，b) 内有零点，即存在这个 c 也就是方程 f(x) ＝0 的根．2．已知函数 f (x) 是定义在 ,0 0, 则函数 g(x) 4f(x) 1的零点个数为 A ． 4 B ． 6x1可以利用 y 2x利用图像变换作出图像， x 2时， f x f x 2 ，即自变量差 2 个单位，函数值折211 半，进而可作出 2,4 ，4,6 ，⋯⋯的图像， g x 的零点个数即为 f x 根的个数， 即 f x 与 y44 的交点个数， 观察图像在 x 0时，有5个交点，根据对称性可得 x 0时，也有 5个交点．共计 10个交点． 【评注】1( 1) f x f x 2 类似函数的周期性，但有一个倍数关系．依然可以考虑利用周期性的思想，在作2 图时，以一个“周期”图像为基础，其余各部分按照倍数调整图像即可； (2)周期性函数作图时，若函数图像不连续，则要注意每个周期的边界值是属于哪一段周期，在图像中要 准上的偶函数，当x 0时，f(x) 2|x 1|1, 0 x 21f x 2, x 2()C ．8D ．10c ∈(a ，b) 使得 f(c) ＝0，解析】 由 f x 为偶函数可得： 只需作出正半轴的图像， 再利用对称性作另一半图像即可， 当x 0,2 时， 答案】确标出，便于数形结合；（ 3）巧妙利用 f x 的奇偶性，可以简化解题步骤．例如本题中求交点个数时，只需分析正半轴的情况， 而负半轴可用对称性解决．1函数 g x f x 的零点的个数为xA ． 0 B．1C．2D ． 0 或 2【答案】 A ． 评注】1）本题由于 f x 解析式未知，故无法利用图像解决，所以根据条件考虑构造函数，利用单调性与零点存在性定理进行解决；xf x后可得 0 ，而 g x 的零点问题可利用方程进行变形，从而与条件中的 xf x 相联系，从而构x造出 h x ．4．定义域为 R 的偶函数 f x 满足对 x R ，有 f x 2f x 2x 212x 18，若函数 y f x log a x 1 在 0,答案】 B ．3．已知函数 y f x 的图像为 R 上的一条连续不断的曲线，当 x 0 时， f 'x fxx0 ，则关于 x 的2）所给不等式fx0 呈现出 f x 轮流求导的特点，猜想可能是符合导数的乘法法则，变形f x f 1 ，且当 x 2,3 时，至少有三个零点， 则 a 的取值范围A ．0, 22 0,33（）0, 55D ． 0, 66【评注】本题有以下几个亮点：（ 1） f x 的周期性的判定： f x 2 f x f 1 可猜想与 f x 周期性有关，可带入特殊值，解出f 1 ，进而判定周期，配合对称性作图；（ 2）在选择出交点的函数时，若要数形结合，则要选择能够做出图像的函数，例如在本题中， fx 的图像可做，且 y log a x 1 可通过图像变换做出．5．已知定义在 R 上的函数 f x 满足 f x 2 f x ，当 x 1,3 时，fx1 t1 2x ,x 1,1 1,1 ，其中 t ,x 1,30，若方程 3f x x 恰有三个不同的实数根，则实数 t 的取值范围是（）42 42A ． 0,B． ,2C ． ,3D ． ,333 3【答案】B ．7．【2018全国名校第二次大联考】 函数 f x 有 4个零点，其图象如下图， 和图象吻合的函数解析式是 （ ）f 6g 6 f 2 g 2f (6)ff(2) t 2 t 3 2 ，即 2 t 32． 6．【 2018 广东广州模拟】已知函数 x 12x 1, x 1,则函数 g x 2 xf x 2的零点个数x 24x 2, x 1，为 个． 【答解析】 g x 2xf x2的零点个数，即是方程 x22x的根的个数，也就是yx 与 y 22x 的图象的交点个数，分别作出 y2x 与y x 的图象，如图所示，由图象知 yx 与 y22x的图象有两个交点，所以函数 g x 有 2 个零点． y【答案】 D得解：本函数图象的交点、函数的零点、方程的根往往是“知一求二”，解答时要先判断哪个好求解就转化为哪个，判断函数y f x 零点个数的常用方法：（1）直接法：令f x 0, 则方程实根的个数就是函数零点的个；（2）零点存在性定理法：判断函数在区间a,b 上是连续不断的曲线，且f a f b 0,再结合函数的图象与性质（如单调性、奇偶性、周期性、对称性）可确定函数的零点个数；（3）数形结合法：转化为两个函数的图象的交点个数问题，画出两个函数的图象，其交点的个数就是函数零点的个数，在一个区间上单调的函数在该区间内至多只有一个零点，在确定函数零点的唯一性时往往要利用函数的单调性，确定函数零点所在区间主要利用函数零点存在定理，有时可结合函数的图象辅助解题．8．【 2018 四川绵阳高三第一次诊断性考试】函数满足，且当时，．若函数的图象与函数（，且）的图象有且仅有 4 个交点，则的取值集合为（） A．B ． C ． D ．【答案】 C【解析】因为函数满足，所以函数的周期为又在一个周期内，函数解析式为，所以可作出函数图象，在同一坐标系内作函数的图象，要使两个函数图象有且仅有四个交点，只需，所以，故选 C．9．【 2018 安徽十大名校高三11 月联考】若函数fxsinx x,x 1{3 2x 9x 24x m,x 1有 4 个零点，则实数m的取值范围是（）A．16,20 B ．20, 16 C ．, 20 16, D ．,16 20, 【答案】 B【解析】当x 1时，f x cosx 1 0 恒成立，又f 0 0 ，则函数f x 在,1 上有且只有 1 个零点；sinx lgx x sinx lgx2当x 1时，函数f x 3x218x 24 3 x 2 x 4 ，则函数f x 在1,2 上单调递增，在2,4 上单调递减，在4, 上单调递增，所以此时函数f x 的极大值为f 2 2 m ，极小值为f 4 16 m f 1 ，要使得f x 有 4 个零点，则{16 m 0，解得20 m 16，故选 B．20 m 0 【名师点睛】本题主要考查了根据函数的零点求解参数的取值范围问题，其中解答中涉及到利用导数研究函数的单调性，利用导数研究函数的极值等知识点的综合应用，着重考查了数形结合思想和转化与化归思想的应用，解答中把函数的零点问题转化为函数的图象与x 的交点个数，利用函数的极值求解是解答的关键，试题有一定的难度，属于中档试题．10．【 2018江苏淮安盱眙中学高三第一次学情调研】已知函数f x 2x2m的图象与函数g x ln x 的图象有四个交点，则实数m 的取值范围为．1答案】, 1 ln221 12 1，+ 上个递增，由h' x 4x 0可得函数h x 2x2m lnx 在0，上个递减，所以函2 x 221 1 1 1 1数h x 2x2m lnx 最小值为h 2 m ln ，令h 0 ，可得m ln2 ，此时函2 2 2 2 2数h x 2x2m lnx 有两个零点，故函数f x 2x2m 的图象与函数g x ln x 的图象有四个交1ln2点，实数m 的取值范围为, 1 ln2 ，故答案为2方法点睛】本题主要考查函数图象的交点、函数的零点、方程的根，属于难题．函数图象的交点、函数的零点、方程的根往往是“知一求二”，解答时要先判断哪个好求解就转化为哪个，判断函数y f x 零点个数的常用方法：（1）直接法：令f x 0, 则方程实根的个数就是函数零点的个；（2）零点存在性定理法：判断函数在区间a,b 上是连续不断的曲线，且f a f b 0,再结合函数的图象与性质（如单调性、奇偶性、周期性、对称性）可确定函数的零点个数；（ 3）数形结合法：转化为两个函数的图象的交点个数问题，画出两个函数的图象，其交点的个数就是函数零点的个数，在一个区间上单调的函数在该区间内至多只有一个零点，在确定函数零点的唯一性时往往要利用函数的单调性，确定函数零点所在区间主要 利用函数零点存在定理，有时可结合函数的图象辅助解题．11,0 x 111．【2018 安徽滁州高三 9 月联合质量检测】已知 f x { f x 1 ，若方程x, 1 x 0 f x ax 2a 0 a 0 有唯一解，则实数 a 的取值范围是 _______ ．1 答案】 1,3（ 1）利用零点存在的判定定理构建不等式求解；（2）分离参数后转化为函数的值域（最值）问题求解，如果涉及由几个零点时，还需考虑函数的图象与参 数的交点个数；（3）转化为两熟悉的函数图象的上、下关系问题，从而构建不等式求解． 12．【2018 辽宁庄河高中、沈阳二十中高三上学期第一次联考】已f x 2x a x a R 将x x3名师点睛】根据函数零点求参数取值，也是高考经常涉及的重点问题，知函数名师点睛】在解答指数函数的综合题目时可以采用换元法，转化为一元二次函数的问题，根据题目要求，如需要分类讨论，再加入分类讨论．处的切线与 x y 0 平行． 1）求 a 的值；2）当 x , 时，试探究函数 f x 的零点个数，并说明理由．22答案】（1） a 1 （ 2）见解析y f x 的图象向右平移两个单位， 得到函数 y g x 的图象．1）求函数 y g x 的解析式；2）若方程 f x a 在x 0,1 上有且仅有一个实根，求 a 的取值范围． 答案】（ 1） g x2x 2a2x 2142）a231） g x2x 22ax 2（2）设2xt ，则 t 1,2 ，原方程可化为 t 2 at a 0 ，于是只须 t2at a0 在t 1,2 上有且仅有一个实根．法 1： 设k at a ，对称轴a，则k10①．或｛1 0a ②2 2由①得 1 2a 4 3a 0 ，即 2a 1 3a0，2 由②得{ a2 4a 0 无解，则 122：由 t 2at1,2，得1a1，t1,2 ，设u 1，则ut1,1 ， 1 2au 2u ．gu u ， 则gu 在 1,12上是单调函数，因为故要使题设成立，只须g1．即43．从而 1213．【 2018 河南林州一中高三 8 月调研】已知函数 f x ae xcosx x sinx ，且曲线 y f x 在 0, f解析】试题分析 : （1）根据曲线 y f x 在 0, f 0 处的切线与 x y 0平行可得 : f 0 a ，进而求出 a 值；（ 2）①当 x ,0 2时， xx x e x cosx e 1 sinx 0 ，函数 f x在 2,0单调递增， 根据零点存在性定理可得 f x在 ,0 上只有一个零点． 2②当 x 0,时， 4x0恒成立，构造函数 xe x,x0,，求导判断单调性与最值可得 4e x x 0， 又 x 0,时， 4cos x sinx 0， 所以 e xcosx xsinx ，即 fxg x，故函数 f x 在 0, 上没4有零点，③当 x42时， xe cosx sinx sinxxcos x， 所以函数 f x在 42上单调递减， 根据零点存在性定理可得: 函数 fx 在 , 上有且只有一个零42试题解析 : 解：（ 1）依题意 f 0 1，故fxx ae故 f 0 a ，解得 a 1 ．（2）①当 x ,0 时， f xe x2 x cosx e x 1 sinx 0，函数 fx 在 ,0 单调递增， 2故函数 fx在 ,0 至多有一个零点，又 2f0而且函数 f x在 ,0 上是连续不断的， 2因此函数 ②当 x0, 时， f x 0恒成立，证明如下：设4所以 x 在 0, 上单调递增， 所以 x 0, 时，4 4时， cosx sinx 0，所以 e xcosx xsinx ，即f x点，综上所述 x , 时，函数 f x 有两个零点．22cosx sinx sinxxcosx ，e x1 sinx ，此时 e xx cosx0 ，1 0, f0，22f x 在 ,0 上只有一2 个零点．xexx,x 0, 4，则x ex1 0 ，x0 0 ，所以 exx 0 ，又 x 0, 4 g x ， 故函数 f x在0,4上没有零点，③当x4所以函数 f又f 4因此，函数 综上所述 x, 时， f x e xcosx sinx sinx xcosx 0 ， 2x 在 , 上单调递减，故函数42 0,fx 在 , 至多有 42 0 ，而且函数 f x在2 f x 在 , 上有且只有一个零点．42, 时，函数 f x 有两个零点．22个零点，, 上是连续不断的，42。
高考常考题-函数的零点问题(含解析)
函数的零点问题一、题型选讲 题型一、运用函数图像判断函数零点个数可将零点个数问题转化成方程，进而通过构造函数将方程转化为两个图像交点问题，并作出函数图像。
作图与根分布综合的题目，英中作图是通过分析函数的单调性和关键点来进行作图，在作图的过程中还要 注意渐近线的细节，从而保证图像的准确。
例1、(2019苏州三市、苏北四市二调)立义在R 上的奇函数金)满足Λx+4)=Λx),且在区间[2, 4)上例3、【2018年高考全国III 卷理数】函数/(x) = COS^3Λ + ^ ∣^[0,π]的零点个数为 ______ 题型二、函数零点问题中参数的范围已知函数零点的个数，确定参数的取值范围，常用的方法和思路：(1) 直接法：直接根据题设条件构建关于参数的不等式，再通过解不等式确定参数范囤.(2) 分离参数法：先将参数分离，转化成求函数值域问题加以解决，解法2就是此法.它的本质就是将 函数转化为一个静函数与一个动函数的图像的交点问题来加以处理，这样就可以通过这种动静结合来方便 地研究问题.(3) 数形结合法：先对解析式变形，在同一平面直角坐标系中，画岀函数的图像，然后数形结合求解.1∏Λ∖X≥ 1例4. (2020届山东省枣庄.滕州市髙三上期末)已知/(X) = {…、f ,若函数y = ∕(x)-l 恰有f(2-x) + k,x<∖一个零点，则实数A ∙的取值范围是( )A. (l,4∙s) B ・ ILC. (YU)D ・(Y M]Z、21og^ x,x≥∖. Z 、例5、(2020全国高三专题练习(文))函数/(M = [f(w]) JI yl ，若方程f(x) = ~2x + m 有且只有两个不相等的实数根，则实数加的取值范围是()A. (-oo,4)B. (Y ,4]C. (-2,4)D. (-2,4]2-x,2≤x<3x-4,3≤x<4则函数y=∕ω-iog s H 的零点的个数为 ____________x<b例2、(2017苏锡常镇调研)若函数Λx)=≤ IInx<x>l, )则函数y=^χ)∣~∣的零点个数为 ______若函数F(X) =/(x)-g(x)在［0,2)上只有两个零点，则实数R 的值不可能为A.丄 3 3 C.——4例6、［2020年高考天津】已知函数f(x) = < Λ j'0,若函数g(γ) =γ,(j).∣AΛ^2点，则k 的取值范围是A. (→>,-∣)U(2√2,+oo)B ∙ U(0,2√Σ)c ・(Y,0)U(0,2√Σ) D ・ YO)U(2√Σ,S例7. ［2019年髙考浙江】已知t 函数f(x) = < 1x,x < O1 c ・若函数一F --(α + l)f +ax.x≥O 13 2y = f(x)-cιx -b 恰有3个零点，则A. Λ<-L b<0B. αv -l, b>0C. α>-l, XoD ・ α>-l, b>Q例8. (2020浙江学军中学髙三3月月考)已知函数/(X)=(A -÷4)V5≤X <-3J 若函数 /(x-2),x≥-3g(x) = ∕α)-W(X+ 1)1有9个零点，则实数M 的取值范围是()A.［科丿B.1 1)匕'FD.1 1 <55例9.(2020届浙江省杭州市第二中学髙三3月月考)已知函数/(X)=2/V 『心2'B- 4D ・-1-2彳伙WR)恰有4个零二、达标训练1、(2019 IlJ 东师范大学附中高三月考)函数/(x) = √-W 的零点所在区间为()A- (一 1'O)B- [θ,^j C - (Al D- (1'2)e 丫 X V 02、 【2018年髙考全国I 卷理数】已知函数/(X)=g(χ) = f(χ) + x + a •若g(x)存在2个lnx, x>O,零点，则α的取值范用是A. [一 1, 0)B. [0, +∞)C. [-1, +oo)D. [1, +∞)3、 (2020届浙江省“山水联盟"髙三下学期开学)已知αbwR,函数f(x) = <(A+(l)e +αr "≤°,若函x,x>0数y = f{x)-ax-b 恰有3个零点，则()A. a>∖J)>OB. d>l,D<0C. a<tb>OD. a<^b<O4. (2020届山东实验中学髙三上期中)设定义在/?上的函数/(X)满足/(→) + /(X) = X 2,K 当X WO 时,__________ ・若函数沧)恰有2个零点，则2的取值范圉是 _____________≥∕(1~x ))2}且★为函数 g(x) = e λ-y[ex-aZR 疋为自然对数的底数)的一个零点，则实数α的取值可能是()A. 1√E 2D ・√72√7(0<x≤l)5、(2020届山东师范大学附中髙三月考)已知函数fW = ∖2—(X > DIX若方程/(兀)=一力+ α有三个不同的实根，则实数α的取值范围是 _______6、［2018年髙考浙江】已知z∈R.函数沧)=<X - 4, % ≥ Λ X 2-4x + 3,x<2,当z=2时，不等式√(x)vθ的解集是广(X)Vx .己知存在如Λ 2+2ax + a,x ≤ O 74202O届江苏省南通市如皋市高三下学期二模】已知函数f(x) = \e x_ex I ,,若存在实数+-a2,x>O X 3使得函数y = f(χ)-k有6个零点，则实数。
函数的零点与解析问题及例题分析
函数的零点与解析问题及例题分析1. 函数的零点函数的零点指的是函数取值为零的点，即满足$f(x) = 0$的$x$值。
求函数的零点是许多数学问题中的基本任务。
求函数的零点方法很多，常见的包括二分法、牛顿法、割线法等。
下面以二分法为例来说明求函数零点的过程。
例题1：：已知函数$f(x) = \sin(x)$，求$f(x)$的零点。
解析过程如下：1. 首先确定一个区间$[a, b]$，使得$f(a)$和$f(b)$异号。
2. 将区间中点记作$c$，计算$f(c)$的值。
3. 如果$f(c)$为零，则$c$是$f(x)$的零点；否则，根据$f(c)$和$f(a)$（或$f(b)$）的符号确定新的区间。
4. 重复步骤2和3，直到找到一个足够接近零点的解。
2. 解析问题解析问题是指在数学运算中的一些特殊情况，如分母为零、根号内为负数等。
解析问题的存在可能导致函数无法取值或无法计算。
解析问题的判定和处理与具体的数学表达式有关。
以下是一些常见的例子：- 分母为零：当函数中出现分母为零的情况时，其解析问题是分母为零的$x$值，并且在该点处函数无法取值。
- 根号内为负数：当函数中出现根号内为负数的情况时，其解析问题是根号内为负数的$x$值，并且在该点处函数无法计算。
解析问题在数学问题的解决中需要注意，可以通过数值计算的方法来规避这些问题。
3. 例题分析例题2：：已知函数$f(x) = \frac{1}{x^2 - 4}$，求$f(x)$的定义域。
解析过程如下：由于分母为$x^2 - 4$，我们需要排除使分母为零的情况。
即解方程$x^2 - 4 = 0$，求得$x = \pm 2$。
因此，函数$f(x)$的定义域为$(-\infty, -2) \cup (-2, 2) \cup (2, \infty)$。
以上是关于函数的零点与解析问题的简要分析和例题讲解。
希望对您有所帮助！。
高考冲刺复习课——零点问题
高考冲刺复习课——零点问题热身训练变式：)1ln ()(+---=x x x ex e x f x λ，若1>x ，0)(≥x f 恒成立，求λ最大值设函数()ln f x x ax =-，()xg x e ax =-，其中a 为实数.（1）若()f x 在(1,)+∞上是单调减函数，且()g x 在(1,)+∞上有最小值，求a 的取值范围；（2）若()g x 在(1,)-+∞上是单调增函数，试求()f x 的零点个数，并证明你的结论.探究1——整体代换，将超越式换成普通式设函数()2ln x f x e a x =-.（Ⅰ）讨论()f x 的导函数()f x '的零点的个数；（Ⅱ）证明：当0a >时()22lnf x a a a ≥+.变式1：（2018·常州期末·20）已知函数2ln ()()x f x x a =+，其中a 为常数． （1）若0a =，求函数()f x 的极值；（2）若函数()f x 在(0)a -，上单调递增，求实数a 的取值范围；（3）若1a =-，设函数()f x 在(01)，上的极值点为0x ，求证：0()2f x <-．探究2——降次留参，建立含有参数的方程 已知函数321()3f x x x ax =++． （Ⅰ）讨论()f x 的单调性；（Ⅱ）设()f x 有两个极值点12,x x ，若过两点11(,())x f x ，22(,())x f x 的直线l 与x 轴的交点在曲线()y f x =上，求a 的值。
探究3：反代消参，构造关于零点单一函数已知函数2()1()ln ()f x x ax g x x a a =++ =-∈R ，． ⑴当1a =时，求函数()()()h x f x g x =-的极值；⑵若存在与函数()f x ，()g x 的图象都相切的直线，求实数a 的取值范围．变式2已知函数2()1()ln ()f x x ax g x x a a =++ =-∈R ，． ⑴当1a =时，求函数()()()h x f x g x =-的极值；⑵若存在与函数()f x ，()g x 的图象都相切的直线，求实数a 的取值范围思考题： 已知函数(),xe f x alnx ax a R x=--+∈ （Ⅰ）当0a <时，讨论函数()f x 的单调性（Ⅱ）当1a =时，1()()()x F x f x x e bx x=++-，对任意(0,)x ∈+∞，都有1)(≥x F 恒成立，求实数b 的取值范围。
高中数学压轴题系列——导数专题——函数零点或交点问题
（Ⅲ）证明：函数 h（x）=f（x）﹣x2=lnx﹣ x2，h′（x）= ﹣3x=
，（x＞0），
当 0＜x＜ 时，h′（x）＞0，h（x）递增；当 x＞ 时，h′（x）＜0，h（x）递减．
即有 x≥1 时，h（x）递减，即 h（x）≤h（1）=ln1﹣ ＜0，则 lnx＜ x2，即为 3x2＞lnx2．
【解答】（1）解：f′（x）=
，∵在 x=0 处取得极值，∴f′（0）=0，∴ ﹣1=0，解得 a=1．
经过验证 a=1 时，符合题意． （2）证明：当 a=1 时，f（x）=ln（x+1）﹣x2﹣x，其定义域为{x|x＞﹣1}．f′（x）=
=
，
令 f′（x）=0，解得 x=0． 当 x＞0 时，令 f′（x）＜0，f（x）单调递减；当﹣1＜x＜0 时，令 f′（x）＞0，f（x）单调递增． ∴f（0）为函数 f（x）在（﹣1，+∞）上的极大值即最大值． ∴f（x）≤f（0）=0，∴ln（x+1）≤x2+x，当且仅当 x=0 时取等号． （3）解：f（x）=﹣ x+b 即 ln（x+1）﹣x2+ x﹣b=0，
高中数学压轴题系列——导数专题——函数零点或交点问题
头条号：延龙高中数学 微信：gyl_math123
1．已知函数 f（x）=ln（x+a）﹣x2﹣x（a∈R）在 x=0 处取得极值． （1）求实数 a 的值； （2）证明：ln（x+1）≤x2+x； （3）若关于 x 的方程 f（x）=﹣ x+b 在区间[0，2]上恰有两个不同的实数根，求实数 b 的取值范围．
是曲线 y=f（x）的
一条切线． （1）求 a 的值；（2）设函数 g（x）=xex﹣2x﹣f（x﹣a）﹣a+2，证明：函数 g（x）无零点． 解：（1）函数 f（x）=ln（x+a）﹣x（a∈R）的导数为 f′（x）= ﹣1，
高中数学函数零点问题及例题解析2018年高三专题复习-函数(2021年整理)
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高中数学2017-2018高三专题复习—函数(3）函数零点问题及例题解析一、函数与方程基本知识点1、函数零点:（变号零点与不变号零点）（1）对于函数)(x f y =,我们把方程0)(=x f 的实数根叫函数)(x f y =的零点。
（2）方程0)(=x f 有实根⇔函数()y f x =的图像与x 轴有交点⇔函数()y f x =有零点. 若函数()f x 在区间[],a b 上的图像是连续的曲线，则0)()(<b f a f 是()f x 在区间(),a b 内有零点的充分不必要条件.2、二分法：对于在区间[,]a b 上连续不断且()()0f a f b ⋅<的函数()y f x =，通过不断地把函数()y f x =的零点所在的区间一分为二，使区间的两个端点逐步逼近零点，进而得到零点的近似值的方法叫做二分法；二、函数与方程解题技巧零点是经常考察的重点,对此部分的做题方法总结如下：（一）函数零点的存在性定理指出：“如果函数)(x f y =在区间[a ，b]上的图象是连续不断的一条曲线，并且0)()(<b f a f ，那么，函数)(x f y =在区间（a ，b ）内有零点，即存在),(b a c ∈,使得0)(=c f ,这个c 也是方程0)(=x f 的根”.根据函数零点的存在性定理判断函数在某个区间上是否有零点（或方程在某个区间上是否有根）时，一定要注意该定理是函数存在零点的充分不必要条件:如 例、函数x x x f 2)1ln()(-+=的零点所在的大致区间是（ )（A ）(0，1）; （B ）(1，2）； （C) （2,e ）； （D ）（3,4）。
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高中数学2017-2018高三专题复习 -函数（3）函数零点问题及例题解析
一、函数与方程基本知识点
1、函数零点：（变号零点与不变号零点）
（1）对于函数)(x f y =，我们把方程0)(=x f 的实数根叫函数)(x f y =的零点。
（2）方程0)(=x f 有实根⇔函数()y f x =的图像与x 轴有交点⇔函数()y f x =有零点。
若函数()f x 在区间[],a b 上的图像是连续的曲线，则0)()(<b f a f 是()f x 在区间(),a b 内有零点的充分不必要条件。
2、二分法：对于在区间[,]a b 上连续不断且()()0f a f b ⋅<的函数()y f x =
,通过不断地把函数
()y f x =的零点所在的区间一分为二,使区间的两个端点逐步逼近零点,进而得到零点的近似
值的方法叫做二分法; 二、函数与方程解题技巧
零点是经常考察的重点，对此部分的做题方法总结如下：
（一）函数零点的存在性定理指出：“如果函数)(x f y =在区间[a,b]上的图象是连续不断的一条曲线，并且0)()(<b f a f ，那么，函数)(x f y =在区间（a,b ）内有零点，即存在),(b a c ∈,使得0)(=c f ,这个c 也是方程0)(=x f 的根”。
根据函数零点的存在性定理判断函数在某个区间上是否有零点（或方程在某个区间上是否有根）时，一定要注意该定理是函数存在零点的充分不必要条件：如
例、函数x
x x f 2
)1ln()(-
+=的零点所在的大致区间是（ ） （A ）（0，1）； （B ）（1，2）； （C ） （2，e ）； （D ）（3，4）。
分析：显然函数x
x x f 2
)1ln()(-
+=在区间[1,2]上是连续函数，且0)1(<f ,0)2(>f ，所以由根的存在性定理可知，函数x
x x f 2
)1ln()(-+=的零点所在的大致区间是（1，2），选B
（二）求解有关函数零点的个数（或方程根的个数）问题。
函数零点的存在性定理，它仅能判断零点的存在性，不能求出零点的个数。
对函数零点的个数问题，我们可以通过适当构造函数，利用函数的图象和性质进行求解。
如：
1．对于求一个陌生函数的零点个数，若能把已知函数分解成两个熟悉的函数，那么可利用构造函数法化归为求两个熟悉函数图象的交点个数求解,如： 例.求x x x f 2)(2-=零点的个数。
分析：本题直接求解，无法下手，由函数x x x f 2)(2-=的零点也是方程02)(2=-=x x x f 的根，即方程x x 22=的解，但这个方程不是熟悉的常规方程，由方程的解与两函数图象交点的关系，可构造函数21x y =、x y 22=,在同一坐标系中作出它们的图象，可得出它们有三个交点，所以x x x f 2)(2-=零点的个数有三个。
2.对于一元高次函数，可利用导数法研究函数图象的特征，作出函数的图象，确定图象与X 轴交点的情况求解。
（导数专题再续讲）
（三）求函数的具体零点或求方程的根。
对于某些特殊类型的函数，可通过研究式子的特征，构造新函数,转化求解。
如：
例、求函数36)35()(55++++=x x x x f 的零点。
分析：考察036)35()(55=++++=x x x x f 的特点，直接求解难以入手，可转化为求
)()35()35(55x x x x +-=+++的解，根据式子特点构造函数x x x g +=5)(，显然)(x g 为奇函数，
且在R 上单调递增，由)()35()35(55x x x x +-=+++可化为)()()35(x g x g x g -=-=+，故利用函数)(x g 的性质可得x x -=+35，则21-
=x ，所以函数)(x f 的零点为2
1
-=x
基础练习
1、下列函数中，不能用二分法求零点的是（ ）答案 B
2、已知函数)(x f 的图象是连续的，有如下表。
函数)(x f 在区间]6,1[上的零点至少有（ ） 答案C
x
1 2 3 4 5 6 )(x f
123.56 21.45 －7.82 11.57 53.76 －126.49
A ．2个
B ．3个
C ．4个
D ．5个
3. 设α、β分别是方程2log 40240x x x x +-=+-=和的根，则α＋β＝ 。
答案4
4. 已知函数b a b
ax x x f ,()(2
+=为常数），且方程012)(=+-x x f 有两实根3和4 (1)求函数)(x f 的解析式； (2)设1>k ，解关于x 的不等式：x
k
x k x f --+<
2)1()(
解： （1）即方程
0122
=+-+x b
ax x 有两根3和4，所以 ⎪⎪⎩⎪⎪⎨
⎧=++=++084160939
b
a b
a 得 ⎩⎨
⎧=-=2
1b a 所以x x x f -=2)(2
（2）即x
k
x k x x --+<
-2)1(22整理的0))(1)(2(>---k x x x 21<<k 时，不等式的解集}21|{><<x k x x 或；2=k 时，不等式的解集}221|{><<x x x 或；2>k 时，不等式的解集}21|{k x x x ><<或。