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2020年浙江省中考数学试卷汇编附答案解析

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2020年浙江省各市中考数学试卷及参考答案解析版合集整理(9套)

2020年浙江省各市中考数学试卷及参考答案解析版合集整理(9套)

2020年浙江省杭州市中考数学试卷参考答案一、选择题:本大题有10个小题,每小题3分,共30分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1．（3分）×＝（）A．B．C．D．3【分析】根据二次根式的乘法运算法则进行运算即可．【解答】解：×＝，故选：B．2．（3分）（1+y）（1﹣y）＝（）A．1+y2B．﹣1﹣y2C．1﹣y2D．﹣1+y2【分析】直接利用平方差公式计算得出答案．【解答】解：（1+y）（1﹣y）＝1﹣y2．故选：C．3．（3分）已知某快递公司的收费标准为：寄一件物品不超过5千克，收费13元；超过5千克的部分每千克加收2元．圆圆在该快递公司寄一件8千克的物品，需要付费（）A．17元B．19元C．21元D．23元【分析】根据题意列出算式计算，即可得到结果．【解答】解：根据题意得：13+（8﹣5）×2＝13+6＝19（元）．则需要付费19元．故选：B．4．（3分）如图，在△ABC中，△C＝90°，设△A，△B，△C所对的边分别为a，b，c，则（）A．c＝b sin B B．b＝c sin B C．a＝b tan B D．b＝c tan B【分析】根据三角函数的定义进行判断，就可以解决问题．【解答】解：△Rt△ABC中，△C＝90°，△A、△B、△C所对的边分别为a、b、c，△sin B＝，即b＝c sin B，故A选项不成立，B选项成立；tan B＝，即b＝a tan B，故C选项不成立，D选项不成立．5．（3分）若a＞b，则（）A．a﹣1≥b B．b+1≥a C．a+1＞b﹣1D．a﹣1＞b+1【分析】举出反例即可判断A、B、D，根据不等式的传递性即可判断C．【解答】解：A、a＝0.5，b＝0.4，a＞b，但是a﹣1＜b，不符合题意；B、a＝3，b＝1，a＞b，但是b+1＜a，不符合题意；C、△a＞b，△a+1＞b+1，△b+1＞b﹣1，△a+1＞b﹣1，符合题意；D、a＝0.5，b＝0.4，a＞b，但是a﹣1＜b+1，不符合题意．故选：C．6．（3分）在平面直角坐标系中，已知函数y＝ax+a（a≠0）的图象过点P（1，2），则该函数的图象可能是（）A．B．C．D．【分析】求得解析式即可判断．【解答】解：△函数y＝ax+a（a≠0）的图象过点P（1，2），△2＝a+a，解得a＝1，△y＝x+1，△直线交y轴的正半轴，且过点（1，2），故选：A．7．（3分）在某次演讲比赛中，五位评委给选手圆圆打分，得到互不相等的五个分数．若去掉一个最高分，平均分为x；去掉一个最低分，平均分为y；同时去掉一个最高分和一个最低分，平均分为z，则（）A．y＞z＞x B．x＞z＞y C．y＞x＞z D．z＞y＞x【分析】根据题意，可以判断x、y、z的大小关系，从而可以解答本题．【解答】解：由题意可得，y＞z＞x，8．（3分）设函数y＝a（x﹣h）2+k（a，h，k是实数，a≠0），当x＝1时，y＝1；当x＝8时，y＝8，（）A．若h＝4，则a＜0B．若h＝5，则a＞0C．若h＝6，则a＜0D．若h＝7，则a＞0【分析】当x＝1时，y＝1；当x＝8时，y＝8；代入函数式整理得a（9﹣2h）＝1，将h的值分别代入即可得出结果．【解答】解：当x＝1时，y＝1；当x＝8时，y＝8；代入函数式得：，△a（8﹣h）2﹣a（1﹣h）2＝7，整理得：a（9﹣2h）＝1，若h＝4，则a＝1，故A错误；若h＝5，则a＝﹣1，故B错误；若h＝6，则a＝﹣，故C正确；若h＝7，则a＝﹣，故D错误；故选：C．9．（3分）如图，已知BC是△O的直径，半径OA△BC，点D在劣弧AC上（不与点A，点C重合），BD与OA交于点E．设△AED＝α，△AOD＝β，则（）A．3α+β＝180°B．2α+β＝180°C．3α﹣β＝90°D．2α﹣β＝90°【分析】根据直角三角形两锐角互余性质，用α表示△CBD，进而由圆心角与圆周角关系，用α表示△COD，最后由角的和差关系得结果．【解答】解：△OA△BC，△△AOB＝△AOC＝90°，△△DBC＝90°﹣△BEO＝90°﹣△AED＝90°﹣α，△△COD＝2△DBC＝180°﹣2α，△△AOD+△COD＝90°，△β+180°﹣2α＝90°，△2α﹣β＝90°，故选：D．10．（3分）在平面直角坐标系中，已知函数y1＝x2+ax+1，y2＝x2+bx+2，y3＝x2+cx+4，其中a，b，c是正实数，且满足b2＝ac．设函数y1，y2，y3的图象与x轴的交点个数分别为M1，M2，M3，（）A．若M1＝2，M2＝2，则M3＝0B．若M1＝1，M2＝0，则M3＝0C．若M1＝0，M2＝2，则M3＝0D．若M1＝0，M2＝0，则M3＝0【分析】选项B正确，利用判别式的性质证明即可．【解答】解：选项B正确．理由：△M1＝1，M2＝0，△a2﹣4＝0，b2﹣8＜0，△a，b，c是正实数，△a＝2，△b2＝ac，△c＝b2，对于y3＝x2+cx+4，则有△＝c2﹣16＝b2﹣16＝（b2﹣64）＜0，△M3＝0，△选项B正确，故选：B．二、填空题：本大题有6个小题,每小題4分,共24分11．（4分）若分式的值等于1，则x＝0．【分析】根据分式的值，可得分式方程，根据解分式方程，可得答案．【解答】解：由分式的值等于1，得＝1，解得x＝0，经检验x＝0是分式方程的解．故答案为：0．12．（4分）如图，AB△CD，EF分别与AB，CD交于点B，F．若△E＝30°，△EFC＝130°，则△A＝20°．【分析】直接利用平行线的性质得出△ABF＝50°，进而利用三角形外角的性质得出答案．【解答】解：△AB△CD，△△ABF+△EFC＝180°，△△EFC＝130°，△△ABF＝50°，△△A+△E＝△ABF＝50°，△E＝30°，△△A＝20°．故答案为：20°．13．（4分）设M＝x+y，N＝x﹣y，P＝xy．若M＝1，N＝2，则P＝﹣．【分析】根据完全平方公式得到（x+y）2＝x2+2xy+y2＝1，（x﹣y）2＝x2﹣2xy+y2＝4，两式相减即可求解．【解答】解：（x+y）2＝x2+2xy+y2＝1，（x﹣y）2＝x2﹣2xy+y2＝4，两式相减得4xy＝﹣3，解得xy＝﹣，则P＝﹣．故答案为：﹣．14．（4分）如图，已知AB是△O的直径，BC与△O相切于点B，连接AC，OC．若sin△BAC ＝，则tan△BOC＝．【分析】根据切线的性质得到AB△BC，设BC＝x，AC＝3x，根据勾股定理得到AB＝＝＝2x，于是得到结论．【解答】解：△AB是△O的直径，BC与△O相切于点B，△AB△BC，△△ABC＝90°，△sin△BAC＝＝，△设BC＝x，AC＝3x，△AB＝＝＝2x，△OB＝AB＝x，△tan△BOC＝＝，故答案为：．15．（4分）一个仅装有球的不透明布袋里共有4个球（只有编号不同），编号分别为1，2，3，5．从中任意摸出一个球，记下编号后放回，搅匀，再任意摸出一个球，则两次摸出的球的编号之和为偶数的概率是．【分析】画树状图展示所有16种等可能的结果数，再找出两次摸出的球的编号之和为偶数的结果数，然后根据概率公式求解．【解答】解：根据题意画图如下：共有16种等情况数，其中两次摸出的球的编号之和为偶数的有10种，则两次摸出的球的编号之和为偶数的概率是＝．故答案为：．16．（4分）如图是一张矩形纸片，点E在AB边上，把△BCE沿直线CE对折，使点B落在对角线AC上的点F处，连接DF．若点E，F，D在同一条直线上，AE＝2，则DF＝2，BE＝﹣1．【分析】根据矩形的性质得到AD＝BC，△ADC＝△B＝△DAE＝90°，根据折叠的性质得到CF＝BC，△CFE＝△B＝90°，EF＝BE，根据全等三角形的性质得到DF＝AE＝2；根据相似三角形的性质即可得到结论．【解答】解：△四边形ABCD是矩形，△AD＝BC，△ADC＝△B＝△DAE＝90°，△把△BCE沿直线CE对折，使点B落在对角线AC上的点F处，△CF＝BC，△CFE＝△B＝90°，EF＝BE，△CF＝AD，△CFD＝90°，△△ADE+△CDF＝△CDF+△DCF＝90°，△△ADF＝△DCF，△△ADE△△FCD（ASA），△DF＝AE＝2；△△AFE＝△CFD＝90°，△△AFE＝△DAE＝90°，△△AEF＝△DEA，△△AEF△△DEA，△，△＝，△EF＝﹣1（负值舍去），△BE＝EF＝﹣1，故答案为：2，﹣1．三、解答题:本大题有7个小题,共66分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17．（6分）以下是圆圆解方程＝1的解答过程．解：去分母，得3（x+1）﹣2（x﹣3）＝1．去括号，得3x+1﹣2x+3＝1．移项，合并同类项，得x＝﹣3．圆圆的解答过程是否有错误？如果有错误，写出正确的解答过程．【分析】直接利用一元一次方程的解法进而分析得出答案．【解答】解：圆圆的解答过程有错误，正确的解答过程如下：3（x+1）﹣2（x﹣3）＝6．去括号，得3x+3﹣2x+6＝6．移项，合并同类项，得x＝﹣3．18．（8分）某工厂生产某种产品，3月份的产量为5000件，4月份的产量为10000件．用简单随机抽样的方法分别抽取这两个月生产的该产品若干件进行检测，并将检测结果分别绘制成如图所示的扇形统计图和频数直方图（每组不含前一个边界值，含后一个边界值）．已知检测综合得分大于70分的产品为合格产品．（1）求4月份生产的该产品抽样检测的合格率；（2）在3月份和4月份生产的产品中，估计哪个月的不合格件数多？为什么？【分析】（1）根据题意列式计算即可；（2）分别求得3月份生产的产品中，不合格的件数和4月份生产的产品中，不合格的件数比较即可得到结论．【解答】解：（1）（132+160+200）÷（8+132+160+200）×100%＝98.4%，答：4月份生产的该产品抽样检测的合格率为98.4%；（2）估计4月份生产的产品中，不合格的件数多，理由：3月份生产的产品中，不合格的件数为5000×2%＝100，4月份生产的产品中，不合格的件数为10000×（1﹣98.4%）＝160，△100＜160，△估计4月份生产的产品中，不合格的件数多．19．（8分）如图，在△ABC中，点D，E，F分别在AB，BC，AC边上，DE△AC，EF△AB．（1）求证：△BDE△△EFC．（2）设，△若BC＝12，求线段BE的长；△若△EFC的面积是20，求△ABC的面积．【分析】（1）由平行线的性质得出△DEB＝△FCE，△DBE＝△FEC，即可得出结论；（2）△由平行线的性质得出＝＝，即可得出结果；△先求出＝，易证△EFC△△BAC，由相似三角形的面积比等于相似比的平方即可得出结果．【解答】（1）证明：△DE△AC，△△DEB＝△FCE，△EF△AB，△△DBE＝△FEC，△△BDE△△EFC；（2）解：△△EF△AB，△＝＝，△EC＝BC﹣BE＝12﹣BE，△＝，解得：BE＝4；△△＝，△＝，△EF△AB，△△EFC△△BAC，△＝（）2＝（）2＝，△S△ABC＝S△EFC＝×20＝45．20．（10分）设函数y1＝，y2＝﹣（k＞0）．（1）当2≤x≤3时，函数y1的最大值是a，函数y2的最小值是a﹣4，求a和k的值．（2）设m≠0，且m≠﹣1，当x＝m时，y1＝p；当x＝m+1时，y1＝q．圆圆说：“p一定大于q”．你认为圆圆的说法正确吗？为什么？【分析】（1）由反比例函数的性质可得，△；﹣＝a﹣4，△；可求a的值和k的值；（2）设m＝m0，且﹣1＜m0＜0，将x＝m0，x＝m0+1，代入解析式，可求p和q，即可判断．【解答】解：（1）△k＞0，2≤x≤3，△y1随x的增大而减小，y2随x的增大而增大，△当x＝2时，y1最大值为，△；当x＝2时，y2最小值为﹣＝a﹣4，△；由△，△得：a＝2，k＝4；（2）圆圆的说法不正确，理由如下：设m＝m0，且﹣1＜m0＜0，则m0＜0，m0+1＞0，△当x＝m0时，p＝y1＝，当x＝m0+1时，q＝y1＝＞0，△p＜0＜q，△圆圆的说法不正确．21．（10分）如图，在正方形ABCD中，点E在BC边上，连接AE，△DAE的平分线AG与CD边交于点G，与BC的延长线交于点F．设＝λ（λ＞0）．（1）若AB＝2，λ＝1，求线段CF的长．（2）连接EG，若EG△AF，△求证：点G为CD边的中点．△求λ的值．【分析】（1）根据AB＝2，λ＝1，可以得到BE、CE的长，然后根据正方形的性质，可以得到AE的长，再根据平行线的性质和角平分线的性质，可以得到EF的长，从而可以得到线段CF的长；（2）△要证明点G为CD边的中点，只要证明△ADG△△FGC即可，然后根据题目中的条件，可以得到△ADG△△FGC的条件，从而可以证明结论成立；△根据题意和三角形相似，可以得到CE和EB的比值，从而可以得到λ的值．【解答】解：（1）△在正方形ABCD中，AD△BC，△△DAG＝△F，又△AG平分△DAE，△△DAG＝△EAG，△△EAG＝△F，△EA＝EF，△AB＝2，△B＝90°，点E为BC的中点，△BE＝EC＝1，△AE＝＝，△EF＝，△CF＝EF﹣EC＝﹣1；（2）△证明：△EA＝EF，EG△AF，△AG＝FG，在△ADG和△FCG中，△△ADG△△FCG（AAS），△DG＝CG，即点G为CD的中点；△设CD＝2a，则CG＝a，由△知，CF＝DA＝2a，△EG△AF，△GDF＝90°，△△EGC+△CGF＝90°，△F+△CGF＝90°，△ECG＝△GCF＝90°，△△EGC＝△F，△△EGC△△GFC，△，△GC＝a，FC＝2a，△，△，△EC＝a，BE＝BC﹣EC＝2a﹣a＝a，△λ＝．22．（12分）在平面直角坐标系中，设二次函数y1＝x2+bx+a，y2＝ax2+bx+1（a，b是实数，a≠0）．（1）若函数y1的对称轴为直线x＝3，且函数y1的图象经过点（a，b），求函数y1的表达式．（2）若函数y1的图象经过点（r，0），其中r≠0，求证：函数y2的图象经过点（，0）．（3）设函数y1和函数y2的最小值分别为m和n，若m+n＝0，求m，n的值．【分析】（1）利用待定系数法解决问题即可．（2）函数y1的图象经过点（r，0），其中r≠0，可得r2+br+a＝0，推出1++＝0，即a （）2+b•+1＝0，推出是方程ax2+bx+1的根，可得结论．（3）由题意a＞0，△m＝，n＝，根据m+n＝0，构建方程可得结论．【解答】解：（1）由题意，得到﹣＝3，解得b＝﹣6，△函数y1的图象经过（a，﹣6），△a2﹣6a+a＝﹣6，解得a＝2或3，△函数y1＝x2﹣6x+2或y1＝x2﹣6x+3．（2）△函数y1的图象经过点（r，0），其中r≠0，△r2+br+a＝0，△1++＝0，即a（）2+b•+1＝0，△是方程ax2+bx+1的根，即函数y2的图象经过点（，0）．（3）由题意a＞0，△m＝，n＝，△m+n＝0，△+＝0，△（4a﹣b2）（a+1）＝0，△a+1＞0，△4a﹣b2＝0，△m＝n＝0．23．（12分）如图，已知AC，BD为△O的两条直径，连接AB，BC，OE△AB于点E，点F 是半径OC的中点，连接EF．（1）设△O的半径为1，若△BAC＝30°，求线段EF的长．（2）连接BF，DF，设OB与EF交于点P，△求证：PE＝PF．△若DF＝EF，求△BAC的度数．【分析】（1）解直角三角形求出AB，再证明△AFB＝90°，利用直角三角形斜边中线的性质即可解决问题．（2）△过点F作FG△AB于G，交OB于H，连接EH．想办法证明四边形OEHF是平行四边形可得结论．△想办法证明FD＝FB，推出FO△BD，推出△AOB是等腰直角三角形即可解决问题．【解答】（1）解：△OE△AB，△BAC＝30°，OA＝1，△△AOE＝60°，OE＝OA＝，AE＝EB＝OE＝，△AC是直径，△△ABC＝90°，△△C＝60°，△OC＝OB，△△OCB是等边三角形，△OF＝FC，△BF△AC，△△AFB＝90°，△AE＝EB，△EF＝AB＝．（2）△证明：过点F作FG△AB于G，交OB于H，连接EH．△△FGA＝△ABC＝90°，△FG△BC，△△OFH△△OCB，△＝＝，同理＝，△FH＝OE，△OE△AB．FH△AB，△OE△FH，△四边形OEHF是平行四边形，△PE＝PF．△△OE△FG△BC，△＝＝1，△EF＝FB，△DF＝EF，△DF＝BF，△DO＝OB，△FO△BD，△△AOB＝90°，△OA＝OB，△△AOB是等腰直角三角形，△△BAC＝45°．2020年浙江省湖州市中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题有10小题，每小题3分，共30分）下面每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的．请选出各题中一个最符合题意的选项，并在答题卷上将相应题次中对应字母的方框涂黑，不选、多选、错选均不给分．1．（3分）数4的算术平方根是（）A．2B．﹣2C．±2D．【分析】算术平方根的定义：一个非负数的正的平方根，即为这个数的算术平方根，由此即可求出结果．【解答】解：△2的平方为4，△4的算术平方根为2．故选：A．2．（3分）近几年来，我国经济规模不断扩大，综合国力显著增强．2019年我国国内生产总值约991000亿元，则数991000用科学记数法可表示为（）A．991×103B．99.1×104C．9.91×105D．9.91×106【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．【解答】解：将991000用科学记数法表示为：9.91×105．3．（3分）已知某几何体的三视图如图所示，则该几何体可能是（）A．B．C．D．【分析】根据两个视图是长方形得出该几何体是锥体，再根据俯视图是圆，得出几何体是圆锥．【解答】解：△主视图和左视图是三角形，△几何体是锥体，△俯视图的大致轮廓是圆，△该几何体是圆锥．故选：A．4．（3分）如图，已知四边形ABCD内接于△O，△ABC＝70°，则△ADC的度数是（）A．70°B．110°C．130°D．140°【分析】根据圆内接四边形的性质即可得到结论．【解答】解：△四边形ABCD内接于△O，△ABC＝70°，△△ADC＝180°﹣△ABC＝180°﹣70°＝110°，故选：B．5．（3分）数据﹣1，0，3，4，4的平均数是（）A．4B．3C．2.5D．2【分析】根据题目中的数据，可以求得这组数据的平均数，本题得以解决．【解答】解：＝＝2，故选：D．6．（3分）已知关于x的一元二次方程x2+bx﹣1＝0，则下列关于该方程根的判断，正确的是（）A．有两个不相等的实数根B．有两个相等的实数根C．没有实数根D．实数根的个数与实数b的取值有关【分析】先计算出判别式的值，再根据非负数的性质判断△＞0，然后利用判别式的意义对各选项进行判断．【解答】解：△△＝b2﹣4×（﹣1）＝b2+4＞0，△方程有两个不相等的实数根．故选：A．7．（3分）四边形具有不稳定性，对于四条边长确定的四边形．当内角度数发生变化时，其形状也会随之改变．如图，改变正方形ABCD的内角，正方形ABCD变为菱形ABC′D′．若△D′AB＝30°，则菱形ABC′D′的面积与正方形ABCD的面积之比是（）A．1B．C．D．【分析】根据30°角所对的直角边等于斜边的一半可知菱形ABC′D′的高等于AB的一半，再根据正方形的面积公式和平行四边形的面积公式即可得解．【解答】解：根据题意可知菱形ABC′D′的高等于AB的一半，△菱形ABC′D′的面积为，正方形ABCD的面积为AB2．△菱形ABC′D′的面积与正方形ABCD的面积之比是．故选：B．8．（3分）已知在平面直角坐标系xOy中，直线y＝2x+2和直线y＝x+2分别交x轴于点A和点B．则下列直线中，与x轴的交点不在线段AB上的直线是（）A．y＝x+2B．y＝x+2C．y＝4x+2D．y＝x+2【分析】求得A、B的坐标，然后分别求得各个直线与x的交点，进行比较即可得出结论．【解答】解：△直线y＝2x+2和直线y＝x+2分别交x轴于点A和点B．△A（﹣1，0），B（﹣3，0）A、y＝x+2与x轴的交点为（﹣2，0）；故直线y＝x+2与x轴的交点在线段AB上；B、y＝x+2与x轴的交点为（﹣，0）；故直线y＝x+2与x轴的交点在线段AB上；C、y＝4x+2与x轴的交点为（﹣，0）；故直线y＝4x+2与x轴的交点不在线段AB上；D、y＝x+2与x轴的交点为（﹣，0）；故直线y＝x+2与x轴的交点在线段AB 上；故选：C．9．（3分）如图，已知OT是Rt△ABO斜边AB上的高线，AO＝BO．以O为圆心，OT为半径的圆交OA于点C，过点C作△O的切线CD，交AB于点D．则下列结论中错误的是（）A．DC＝DT B．AD＝DT C．BD＝BO D．2OC＝5AC【分析】如图，连接OD．想办法证明选项A，B，C正确即可解决问题．【解答】解：如图，连接OD．△OT是半径，OT△AB，△DT是△O的切线，△DC是△O的切线，△DC＝DT，故选项A正确，△OA＝OB，△AOB＝90°，△△A＝△B＝45°，△DC是切线，△CD△OC，△△ACD＝90°，△△A＝△ADC＝45°，△AC＝CD＝DT，△AC＝CD＝DT，故选项B正确，△OD＝OD，OC＝OT，DC＝DT，△△DOC△△DOT（SSS），△△DOC＝△DOT，△OA＝OB，OT△AB，△AOB＝90°，△△AOT＝△BOT＝45°，△△DOT＝△DOC＝22.5°，△△BOD＝△ODB＝67.5°，△BO＝BD，故选项C正确，故选：D．10．（3分）七巧板是我国祖先的一项卓越创造，流行于世界各地．由边长为2的正方形可以制作一副中国七巧板或一副日本七巧板，如图1所示．分别用这两副七巧板试拼如图2中的平行四边形或矩形，则这两个图形中，中国七巧板和日本七巧板能拼成的个数分别是（）A．1和1B．1和2C．2和1D．2和2【分析】根据要求拼平行四边形矩形即可．【解答】解：中国七巧板和日本七巧板能拼成的个数都是2，如图所示：故选：D．二、填空题（本题有6小题，每小题4分，共24分）11．（4分）计算：﹣2﹣1＝﹣3．【分析】本题需先根据有理数的减法法则，判断出结果的符号，再把绝对值合并即可．【解答】解：﹣2﹣1＝﹣3故答案为：﹣312．（4分）化简：＝．【分析】直接将分母分解因式，进而化简得出答案．【解答】解：＝＝．故答案为：．13．（4分）如图，已知AB是半圆O的直径，弦CD△AB，CD＝8，AB＝10，则CD与AB 之间的距离是3．【分析】过点O作OH△CD于H，连接OC，如图，根据垂径定理得到CH＝DH＝4，再利用勾股定理计算出OH＝3，从而得到CD与AB之间的距离．【解答】解：过点O作OH△CD于H，连接OC，如图，则CH＝DH＝CD＝4，在Rt△OCH中，OH＝＝3，所以CD与AB之间的距离是3．故答案为3．14．（4分）在一个布袋里放有1个白球和2个红球，它们除颜色外其余都相同，从布袋里摸出1个球，记下颜色后放回，搅匀，再摸出1个球．将2个红球分别记为红△，红△，两次摸球的所有可能的结果如表所示，第二次第一次白红△红△白白，白白，红△白，红△红△红△，白红△，红△红△，红△红△红△，白红△，红△红△，红△则两次摸出的球都是红球的概率是．【分析】根据图表可知共有9种等可能的结果，再找出两次摸出的球都是红球的情况数，然后根据概率公式即可得出答案．【解答】解：根据图表给可知，共有9种等可能的结果，两次摸出的球都是红球的有4种，则两次摸出的球都是红球的概率为；故答案为：．15．（4分）在每个小正方形的边长为1的网格图形中，每个小正方形的顶点称为格点，顶点都是格点的三角形称为格点三角形．如图，已知Rt△ABC是6×6网格图形中的格点三角形，则该图中所有与Rt△ABC相似的格点三角形中．面积最大的三角形的斜边长是5．【分析】根据Rt△ABC的各边长得出与其相似的三角形的两直角边之比为1：2，在6×6的网格图形中可得出与Rt△ABC相似的三角形的短直角边长应小于4，在图中尝试可画出符合题意的最大三角形，从而其斜边长可得．【解答】解：△在Rt△ABC中，AC＝1，BC＝2，△AB＝，AC：BC＝1：2，△与Rt△ABC相似的格点三角形的两直角边的比值为1：2，若该三角形最短边长为4，则另一直角边长为8，但在6×6网格图形中，最长线段为6，但此时画出的直角三角形为等腰直角三角形，从而画不出端点都在格点且长为8的线段，故最短直角边长应小于4，在图中尝试，可画出DE＝，EF＝2，DF＝5的三角形，△＝＝＝，△△ABC△△DEF，△△DEF＝△C＝90°，△此时△DEF的面积为：×2÷2＝10，△DEF为面积最大的三角形，其斜边长为：5．故答案为：5．16．（4分）如图，已知在平面直角坐标系xOy中，Rt△OAB的直角顶点B在x轴的正半轴上，点A在第一象限，反比例函数y＝（x＞0）的图象经过OA的中点C．交AB于点D，连结CD．若△ACD的面积是2，则k的值是．【分析】作辅助线，构建直角三角形，利用反比例函数k的几何意义得到S△OCE＝S△OBD＝k，根据OA的中点C，利用△OCE△△OAB得到面积比为1：4，代入可得结论．【解答】解：连接OD，过C作CE△AB，交x轴于E，△△ABO＝90°，反比例函数y＝（x＞0）的图象经过OA的中点C，△S△COE＝S△BOD＝，S△ACD＝S△OCD＝2，△CE△AB，△△OCE△△OAB，△，△4S△OCE＝S△OAB，△4×k＝2+2+k，△k＝，故答案为：．三、解答题（本题有8小题，共66分）17．（6分）计算：+|﹣1|．【分析】首先利用二次根式的性质化简二次根式，利用绝对值的性质计算绝对值，然后再算加减即可．【解答】解：原式＝2+﹣1＝3﹣1．18．（6分）解不等式组．【分析】先求出不等式组中每一个不等式的解集，再求出它们的公共部分即可求解．【解答】解：，解△得x＜1；解△得x＜﹣6．故不等式组的解集为x＜﹣6．19．（6分）有一种升降熨烫台如图1所示，其原理是通过改变两根支撑杆夹角的度数来调整熨烫台的高度．图2是这种升降熨烫台的平面示意图．AB和CD是两根相同长度的活动支撑杆，点O是它们的连接点，OA＝OC，h（cm）表示熨烫台的高度．（1）如图2﹣1．若AB＝CD＝110cm，△AOC＝120°，求h的值；（2）爱动脑筋的小明发现，当家里这种升降熨烫台的高度为120cm时，两根支撑杆的夹角△AOC是74°（如图2﹣2）．求该熨烫台支撑杆AB的长度（结果精确到1cm）．（参考数据：sin37°≈0.6，cos37°≈0.8，sin53°≈0.8，cos53°≈0.6．）【分析】（1）过点B作BE△AC于E，根据等腰三角形的性质得到△OAC＝△OCA＝＝30°，根据三角函数的定义即可得到结论；（2）过点B作BE△AC于E，根据等腰三角形的性质和三角函数的定义即可得到结论．【解答】解：（1）过点B作BE△AC于E，△OA＝OC，△AOC＝120°，△△OAC＝△OCA＝＝30°，△h＝BE＝AB•sin30°＝110×＝55；（2）过点B作BE△AC于E，△OA＝OC，△AOC＝74°，△△OAC＝△OCA＝＝53°，△AB＝BE÷sin53°＝120÷0.8＝150（cm），即该熨烫台支撑杆AB的长度约为150cm．20．（8分）为了解学生对网上在线学习效果的满意度，某校设置了：非常满意、满意、基本满意、不满意四个选项，随机抽查了部分学生，要求每名学生都只选其中的一项，并将抽查结果绘制成如图统计图（不完整）．请根据图中信息解答下列问题：（1）求被抽查的学生人数，并补全条形统计图；（温馨提示：请画在答题卷相对应的图上）（2）求扇形统计图中表示“满意”的扇形的圆心角度数；（3）若该校共有1000名学生参与网上在线学习，根据抽查结果，试估计该校对学习效果的满意度是“非常满意”或“满意”的学生共有多少人？【分析】（1）从两个统计图中可知，在抽查人数中，“非常满意”的人数为20人，占调查人数的40%，可求出调查人数，进而求出“基本满意”的人数，即可补全条形统计图；（2）样本中“满意”占调查人数的，即30%，因此相应的圆心角的度数为360°的30%；（3）样本中“非常满意”或“满意”的占调查人数的（+），进而估计总体中“非常满意”或“满意”的人数．【解答】解：（1）抽查的学生数：20÷40%＝50（人），抽查人数中“基本满意”人数：50﹣20﹣15﹣1＝14（人），补全的条形统计图如图所示：（2）360°×＝108°，答：扇形统计图中表示“满意”的扇形的圆心角度数为108°；（3）1000×（+）＝700（人），答：该校共有1000名学生中“非常满意”或“满意”的约有700人．21．（8分）如图，已知△ABC是△O的内接三角形，AD是△O的直径，连结BD，BC平分△ABD．（1）求证：△CAD＝△ABC；（2）若AD＝6，求的长．【分析】（1）由角平分线的性质和圆周角定理可得△DBC＝△ABC＝△CAD；（2）由圆周角定理可得，由弧长公式可求解．【解答】解：（1）△BC平分△ABD，△△DBC＝△ABC，△△CAD＝△DBC，△△CAD＝△ABC；（2）△△CAD＝△ABC，△＝，△AD是△O的直径，AD＝6，△的长＝××π×6＝π．22．（10分）某企业承接了27000件产品的生产任务，计划安排甲、乙两个车间的共50名工人，合作生产20天完成．已知甲、乙两个车间利用现有设备，工人的工作效率为：甲车间每人每天生产25件，乙车间每人每天生产30件．（1）求甲、乙两个车间各有多少名工人参与生产？（2）为了提前完成生产任务，该企业设计了两种方案：方案一甲车间租用先进生产设备，工人的工作效率可提高20%，乙车间维持不变．方案二乙车间再临时招聘若干名工人（工作效率与原工人相同），甲车间维持不变．设计的这两种方案，企业完成生产任务的时间相同．△求乙车间需临时招聘的工人数；△若甲车间租用设备的租金每天900元，租用期间另需一次性支付运输等费用1500元；乙车间需支付临时招聘的工人每人每天200元．问：从新增加的费用考虑，应选择哪种方案能更节省开支？请说明理由．【分析】（1）设甲车间有x名工人参与生产，乙车间各有y名工人参与生产，由题意得关于x和y的方程组，求解即可．（2）△设方案二中乙车间需临时招聘m名工人，由题意，以企业完成生产任务的时间为等量关系，列出关于m的分式方程，求解并检验即可；△用生产任务数量27000除以方案一中甲和乙完成的生产任务之和可得企业完成生产任务的时间，然后分别按方案一和方案二计算费用并比较大小即可．【解答】解：（1）设甲车间有x名工人参与生产，乙车间各有y名工人参与生产，由题意得：，解得．△甲车间有30名工人参与生产，乙车间各有20名工人参与生产．（2）△设方案二中乙车间需临时招聘m名工人，由题意得：＝，解得m＝5．经检验，m＝5是原方程的解，且符合题意．△乙车间需临时招聘5名工人．△企业完成生产任务所需的时间为：＝18（天）．△选择方案一需增加的费用为900×18+1500＝17700（元）．选择方案二需增加的费用为5×18×200＝18000（元）．△17700＜18000，△选择方案一能更节省开支．23．（10分）已知在△ABC中，AC＝BC＝m，D是AB边上的一点，将△B沿着过点D的直线折叠，使点B落在AC边的点P处（不与点A，C重合），折痕交BC边于点E．（1）特例感知如图1，若△C＝60°，D是AB的中点，求证：AP＝AC；（2）变式求异如图2，若△C＝90°，m＝6，AD＝7，过点D作DH△AC于点H，求DH 和AP的长；（3）化归探究如图3，若m＝10，AB＝12，且当AD＝a时，存在两次不同的折叠，使点B 落在AC边上两个不同的位置，请直接写出a的取值范围．【分析】（1）证明△ADP是等边三角形即可解决问题．（2）分两种情形：情形一：当点B落在线段CH上的点P1处时，如图2﹣1中．情形二：当点B落在线段AH上的点P2处时，如图2﹣2中，分别求解即可．（3）如图3中，过点C作CH△AB于H，过点D作DP△AC于P．求出DP＝DB时AD的值，结合图形即可判断．【解答】（1）证明：△AC＝BC，△C＝60°，△△ABC是等边三角形，△AC＝AB，△A＝60°，由题意，得DB＝DP，DA＝DB，△DA＝DP，△△ADP使得等边三角形，△AP＝AD＝AB＝AC．（2）解：△AC＝BC＝6，△C＝90°，△AB＝＝＝12，△DH△AC，△DH△BC，△△ADH△△ABC，△＝，△AD＝7，△＝，△DH＝，将△B沿过点D的直线折叠，情形一：当点B落在线段CH上的点P1处时，如图2﹣1中，△AB＝12，△DP1＝DB＝AB﹣AD＝5，△HP1＝＝＝，△A1＝AH+HP1＝4，情形二：当点B落在线段AH上的点P2处时，如图2﹣2中，同法可证HP2＝，△AP2＝AH﹣HP2＝3，综上所述，满足条件的AP的值为4或3．（3）如图3中，过点C作CH△AB于H，过点D作DP△AC于P．△CA＝CB，CH△AB，△AH＝HB＝6，△CH＝＝＝8，当DB＝DP时，设BD＝PD＝x，则AD＝12﹣x，△tan A＝＝，△＝，△x＝，△AD＝AB﹣BD＝，观察图形可知当6＜a＜时，存在两次不同的折叠，使点B落在AC边上两个不同的位置．24．（12分）如图，已知在平面直角坐标系xOy中，抛物线y＝﹣x2+bx+c（c＞0）的顶点为D，与y轴的交点为C．过点C的直线CA与抛物线交于另一点A（点A在对称轴左侧），点B在AC的延长线上，连结OA，OB，DA和DB．（1）如图1，当AC△x轴时，△已知点A的坐标是（﹣2，1），求抛物线的解析式；△若四边形AOBD是平行四边形，求证：b2＝4c．（2）如图2，若b＝﹣2，＝，是否存在这样的点A，使四边形AOBD是平行四边形？若存在，求出点A的坐标；若不存在，请说明理由．【分析】（1）△先确定出点C的坐标，再用待定系数法即可得出结论；△先确定出抛物线的顶点坐标，进而得出DF＝，再判断出△AFD△△BCO，得出DF＝OC，即可得出结论；（2）先判断出抛物线的顶点坐标D（﹣1，c+1），设点A（m，﹣m2﹣2m+c）（m＜0），判断出△AFD△△BCO（AAS），得出AF＝BC，DF＝OC，再判断出△ANF△△AMC，得出＝，进而求出m的值，得出点A的纵坐标为c﹣＜c，进而判断出点M的坐标为（0，c﹣），N（﹣1，c﹣），进而得出CM＝，DN＝，FN＝﹣c，进而求出c＝，即可得出结论．【解答】解：（1）△△AC△x轴，点A（﹣2，1），△C（0，1），将点A（﹣2，1），C（0，1）代入抛物线解析式中，得，△，△抛物线的解析式为y＝﹣x2﹣2x+1；△如图1，过点D作DE△x轴于E，交AB于点F，△AC△x轴，△EF＝OC＝c，△点D是抛物线的顶点坐标，△D（，c+），△DF＝DE﹣EF＝c+﹣c＝，△四边形AOBD是平行四边形，△AD＝DO，AD△OB，△△DAF＝△OBC，△△AFD＝△BCO＝90°，△△AFD△△BCO（AAS），△DF＝OC，△＝c，即b2＝4c；（2）如图2，△b＝﹣2．△抛物线的解析式为y＝﹣x2﹣2x+c，△顶点坐标D（﹣1，c+1），假设存在这样的点A使四边形AOBD是平行四边形，。

2020年浙江省中考数学试卷原卷附解析

2020年浙江省中考数学试卷原卷附解析

2020年浙江省中考数学试卷原卷学校：__________ 姓名：__________ 班级：__________ 考号：__________注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上一、选择题1．如图，圆与圆之间不同的位置关系有（ ）A ．2种B ．3种C ．4种D ．5种2．下列命题中，是真命题的为（ ）A ．两条对角线相等的四边形是矩形B ．两条对角线垂直的四边形是菱形C ．两条对角线垂直且相等的四边形是正方形D ．两条对角线相等的平行四边形是矩形3．已知样本数据个数为30，且被分成4组，各组数据个数之比为2∶4∶3∶1，则第二小组和第三小组的频率分别为（ ）A ．0.4和0.3B ．0.4和9C ．12和0.3D ．12和9 4．化简352+，甲、乙两同学的解法如下： 甲：33(52)5252(52)(52)-==-++- 乙：3(52)(52)5252(52)+-==-++ 对于他们的解法，正确的判断是（ ）A ． 甲、乙的解法都正确B ． 甲的解法正确，乙的解法不正确C ． 乙的解法正确，甲的解法不正确D ． 甲、乙的解法都不正确 5．如图是由一些相同的小正方体构成的几何体的三视图，这些相同的小正方体的个数是（ ）A ．4个B ．5个C ．6个D ．7个6．如图，ABC △是等腰直角三角形，BC 是斜边，将ABP △绕点A 逆时针旋转后，能与ACP '△重合，如果3AP =，那么PP '的长等于（ ）A ．32B ．3C ．42D ．337．如图，在长方体中，与AB平行的棱有（）A． 1条B．2条C．3条D．4条二、填空题8．若x=一2，y=3满足一次函数y=kx-3，则k= ．9．已知 9×l+0=9，9×2+1=19，9×3+2=29，9×4+3=39，……. 根据前面式子构成的规律写出第n个式子是 (n是正整数)10．已知数据13，25，37，49，…，试猜想第 n 个数(用含 n 的代数式表示)是．11．写出一个一无一次方程，使它的解为12x=-，这个方程是 .12．爷爷病了，需要挂100毫升的药液，小明守候在旁边，观察到输液流量是每分钟3毫升，输液10分钟后，吊瓶的空出部分容积是50毫升（如图），利用这些数据，计算整个吊瓶的容积是毫升．解答题13．若(1+x)(2x2+mx+5)的计算结果中x2项的系数为－3,则m= _．14．等腰三角形的一个外角是130°，它的一个底角是 .15．若2(2)30a b++-=，则a b= .16．已知点P(a，b)在第二象限，则直线y=ax+b不经过第象限．17．科学老师让小明统计一天的日照时间，小明记录钓情况如下：早晨 6 点钟，太阳从东方地平线上升起，在下午 6 点时落到西方的地平线下，假设太阳每小时转过的角度相同，则太阳每小时转过的角度为度；这一天时，小明的影子最短；时小明的影长与他的身高一样(假设太阳 12 点正在小明头顶).18．将点P(-3，y)向下平移3个单位，向左平移2个单位后得到点Q(x，-1)，则xy= ．19．有一边长为3的等腰三角形，它的两边长是方程x2－4x＋k＝0的两根，则k的值为．20．在一块试验田里抽取l000个麦穗，考察它的长度(单位：cm)．对数据适当分组后看到落在5．75～6．05 cm的频率是0．36，可以估计出在这块田里，长度为5．75～6．05 cm之间的麦穗约占．21．用正十二边形与三角形组合能够铺满地面，每个顶点周围有个三角形和①② 个正十二边形． 22．已知下列函数①2y x =；②32y x =-+；③1(0)y x x =->；④2(0)y x x =<； ⑤2321y x x =-+-．其中y 随x 增大而减少的 (填序号).23．如图，将一块斜边长为12cm ，60B ∠=°的直角三角板ABC ，绕点C 沿逆时针方向旋转90°至A B C '''△的位置，再沿CB 向右平移，使点B '刚好落在斜边AB 上，那么此三角板向右平移的距离是 cm ．解答题24．正方体有 个顶点，经过每个顶点有 条棱，这些棱的位置关系是 ，数量关系是 ．三、解答题25．如图，把一个长为3的立方体的每个面等分成 9个小正方形，然后沿每个面正中心的一个正方形向里挖空(相当于挖去了7个小立方体)，所得到的几何体的表面积是多少？26．如图，折线ABC 是一片农田中的道路，现需把它改成一条直路，并便道路两边的农用面积保持不变，道路的一个端点为A ，问应该怎样改？请画出示意图，并说明理由.27．已知y=x 2＋px ＋q ，当x=1时，y 的值为2；当x=－2时，y 的值为2．求x=－3时y 的值．28．从甲地到乙地有两条路，每条路都是3 km，其中第一条路是平路，第二条路有1 km的上坡路和2 km 的下坡路. 小雨在上坡路上的骑车速度为每小时v (km)，在平路上的骑车速度每小时2v(km)，在下坡路上的骑车速度为每小时3v(km)，求：(1)当走第二条路时，她从甲地到乙地需要多长时间？(2)她走哪条路花费时间少？少用多少时间？29．一家奶制品厂现有鲜奶9 t，若将这批鲜奶制成酸奶销售，则加工l t鲜奶可获利1200元；若制成奶粉销售，则加工1 t鲜奶可获利2000元．该厂的生产能力是：若专门生产酸奶，则每天可用去鲜奶3 t，若专门生产奶粉，则每天可能用去l t，由于受人员和设备的限制，酸奶和奶粉两种产品不可能同时生产，为了保证产品的质量，这批鲜奶必须在不超过4天内加工完毕．假如你是厂长，你将如何设计生产方案，才能使工厂获利最大，最大利润是多少?30．现在规定两数a、b通过“⊕”运算得到3ab，如 2⊕5=3×2×5=30．(1)求 5⊕(13)的值；(2)不论x是什么数，总有a⊕x= x，则a 的值是多少？【参考答案】学校：__________ 姓名：__________ 班级：__________ 考号：__________注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上一、选择题1．C2．D3．A4．A5．C6．A7．C二、填空题8．-39．9(1)101n n n +-=-10．(21n n +n 是正整数)11．答案不唯一，如12x+=，210x+=12．12013．-514．50°或65°15．-816．三17．15，12，9：00 或 15：0018．-l019．4,320．36％21．1，222．⑤④23．326-24．8，3，垂直，相等三、解答题25．把该几何体看做是一个组合体，即由棱长为3的立方体挖去了7个棱长为1的小立方体．7个小立方体的三视图如图所示：∴几何体的表面积为棱长为3的立方体的表面积+7个小立方体的表面积-6个面的面积×2 2，即3×3×6+(5+5+5)×2-6×2=72．∴所得到的几何体的表面积是72．26．连结AC，过B作BD∥AC交对边于D点，连结AD，AD即为所求的直路27．6．28．（1）53vh；（2）走第一条花费时间少，少用16vh29．用2．5天生产酸奶，用1．5天生产奶粉，即方案三可获最大利润为l2000元，且不浪费．30．(1)-5 (2)1 3。

(统编版)2020年中考数学试题分项版解析汇编第期专题平面几何基础含解析0

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专题08 平面几何基础一、选择题1．（2017四川省南充市）如图，直线a∥b，将一个直角三角尺按如图所示的位置摆放，若∠1=58°，则∠2的度数为（）A．30°B．32°C．42°D．58°【答案】B．【解析】试题分析：如图，过点A作AB∥b，∴∠3=∠1=58°，∵∠3+∠4=90°，∴∠4=90°﹣∠3=32°，∵a∥b，AB∥B，∴AB∥b，∴∠2=∠4=32°，故选B．考点：平行线的性质．2．（2017四川省南充市）如图，在Rt△ABC中，AC=5cm，BC=12cm，∠ACB=90°，把Rt△ABC所在的直线旋转一周得到一个几何体，则这个几何体的侧面积为（）A．60πcm2B．65πcm2C．120πcm2D．130πcm2【答案】B．考点：1．圆锥的计算；2．点、线、面、体．3．（2017四川省绵阳市）“赶陀螺”是一项深受人们喜爱的运动，如图所示是一个陀螺的立体结构图，已知底面圆的直径AB=8cm，圆柱体部分的高BC=6cm，圆锥体部分的高CD=3cm，则这个陀螺的表面积是（）A．68πcm2B．74πcm2C．84πcm2D．100πcm2【答案】C．【解析】试题分析：∵底面圆的直径为8cm，高为3cm，∴母线长为5cm，∴其表面积=π×4×5+42π+8π×6=84πcm2，故选C．考点：1．圆锥的计算；2．几何体的表面积．4．（2017四川省达州市）已知直线a∥b，一块含30°角的直角三角尺如图放置．若∠1=25°，则∠2等于（）A．50°B．55°C．60°D．65°【答案】B．【解析】试题分析：如图所示：由三角形的外角性质得：∠3=∠1+30°=55°，∵a∥b，∴∠2=∠3=55°；故选B．考点：平行线的性质．5．（2017四川省达州市）下列命题是真命题的是（ ） A ．若一组数据是1，2，3，4，5，则它的方差是3 B ．若分式方程()()41111mx x x -=+--有增根，则它的增根是1 C ．对角线互相垂直的四边形，顺次连接它的四边中点所得四边形是菱形 D ．若一个角的两边分别与另一个角的两边平行，则这两个角相等 【答案】C ． 【解析】试题分析：A ．若一组数据是1，2，3，4，5，则它的中位数是3，故错误，是假命题； B ．若分式方程()()41111mx x x -=+--有增根，则它的增根是1或﹣1，故错误，是假命题； C ．对角线互相垂直的四边形，顺次连接它的四边中点所得四边形是菱形，正确，是真命题； D ．若一个角的两边分别与另一个角的两边平行，则这两个角相等或互补，故错误，是假命题． 故选C ．考点：命题与定理．6．（2017四川省达州市）如图，将矩形ABCD 绕其右下角的顶点按顺时针方向旋转90°至图①位置，继续绕右下角的顶点按顺时针方向旋转90°至图②位置，以此类推，这样连续旋转2017次．若AB =4，AD =3，则顶点A 在整个旋转过程中所经过的路径总长为（ ）A ．2017πB ．2034πC ．3024πD ．3026π 【答案】D ． 【解析】试题分析：∵AB =4，BC =3，∴AC =BD =5，转动一次A 的路线长是：904180π⨯ =2π，转动第二次的路线长是：905180π⨯ =52π，转动第三次的路线长是：903180π⨯ =32π，转动第四次的路线长是：0，以此类推，每四次循环，故顶点A 转动四次经过的路线长为：52π+32π+2π=6π，∵2017÷4=504…1，∴顶点A 转动四次经过的路线长为：6π×504+2π=3026π，故选D ．考点：1．轨迹；2．矩形的性质；3．旋转的性质；4．规律型；5．综合题．7．（2017山东省枣庄市）如图，将一副三角板和一张对边平行的纸条按下列方式摆放，两个三角板的一直角边重合，含30°角的直角三角板的斜边与纸条一边重合，含45°角的三角板的一个顶点在纸条的另一边上，则∠1的度数是（）A．15°B．22.5°C．30°D．45°【答案】A．考点：平行线的性质．8．（2017山西省）如图，直线a，b被直线c所截，下列条件不能判定直线a与b平行的是（）A．∠1=∠3 B．∠2+∠4=180°C．∠1=∠4 D．∠3=∠4【答案】D．【解析】试题分析：A．∵∠1=∠3，∴a∥b，故A正确；B．∵∠2+∠4=180°，∠2+∠1=180°，∴∠1=∠4，∵∠4=∠3，∴∠1=∠3，∴a∥b，故B正确；C．∵∠1=∠4，∠4=∠3，∴∠1=∠3，∴a∥b，故C正确；D．∠3和∠4是对顶角，不能判断a与b是否平行，故D错误．故选D．考点：平行线的判定．9．（2017山西省）2017年5月18日，我国宣布在南海神狐海域成功试采可燃冰，成为世界上首个在海域连续稳定产气的国家．据粗略估计，仅南海北部陆坡的可燃冰资源就达到186亿吨油当量，达到我国陆上石油资源总量的50%．数据186亿吨用科学记数法可表示为（ ）A ．818610⨯吨 B ．918.610⨯吨 C ．101.8610⨯吨 D ．110.18610⨯吨 【答案】C ．考点：科学记数法—表示较大的数．10．（2017广东省）已知∠A =70°，则∠A 的补角为（ ）A ．110°B ．70°C ．30°D ．20° 【答案】A ． 【解析】试题分析：∵∠A =70°，∴∠A 的补角为110°，故选A ． 考点：余角和补角．11．（2017广西四市）如图，△ABC 中，AB ＞AC ，∠CAD 为△ABC 的外角，观察图中尺规作图的痕迹，则下列结论错误的是（ ）A ．∠DAE =∠B B ．∠EAC =∠C C ．AE ∥BCD ．∠DAE =∠EAC 【答案】D ． 【解析】试题分析：根据图中尺规作图的痕迹，可得∠DAE =∠B ，故A 选项正确，∴AE ∥BC ，故C 选项正确，∴∠EAC =∠C，故B选项正确，∵AB＞AC，∴∠C＞∠B，∴∠CAE＞∠DAE，故D选项错误，故选D．考点：1．作图—复杂作图；2．平行线的判定与性质；3．三角形的外角性质．12．（2017河北省）用量角器测得∠MON的度数，下列操作正确的是（）A. B.C．D．【答案】C．【解析】试题分析：量角器的圆心一定要与O重合，故选C．考点：角的概念．13．（2017河北省）如图，码头A在码头B的正西方向，甲、乙两船分别从A，B同时出发，并以等速驶向某海域，甲的航向是北偏东35°，为避免行进中甲、乙相撞，则乙的航向不能是（）A．北偏东55°B．北偏西55°C．北偏东35°D．北偏西35°【答案】D．考点：方向角．14．（2017湖北省襄阳市）如图，BD∥AC，BE平分∠AB D，交AC于点E．若∠A=50°，则∠1的度数为（）A．65°B．60°C．55°D．50°【答案】A．【解析】试题分析：∵BD∥AC，∠A=50°，∴∠ABD=130°，又∵BE平分∠ABD，∴∠1=12∠ABD=65°，故选A．考点：平行线的性质．二、填空题15．（2017四川省广安市）如图，若∠1+∠2=180°，∠3=110°，则∠4= ．【答案】110°．【解析】试题分析：如图，∵∠1+∠2=180°，∴a∥b，∴∠3=∠4，又∵∠3=110°，∴∠4=110°．故答案为：110°．考点：平行线的判定与性质．16．（2017山东省济宁市）如图，在平面直角坐标系中，以O为圆心，适当长为半径画弧，交x轴于点M，交y轴于点N，再分别以点M，N为圆心，大于12MN的长为半径画弧，两弧在第二象限内交于点P（a，b），则a与b的数量关系是．【答案】a +b =0．考点：1．作图—基本作图；2．坐标与图形性质；3．点到直线的距离．17．（2017江苏省盐城市）如图，在边长为1的小正方形网格中，将△ABC 绕某点旋转到△A 'B 'C '的位置，则点B 运动的最短路径长为 ．【答案】132π． 【解析】试题分析：如图作线段AA ′、CC ′的垂直平分线相交于点P ，点P 即为旋转中心，观察图象可知，旋转角为90°（逆时针旋转）时B 运动的路径长最短，PB =2223+=13，∴B 运动的最短路径长为=9013π⋅=132π，故答案为：132π．考点：1．轨迹；2．旋转的性质．18．（2017浙江省台州市）如图，已知直线a∥b，∠1=70°，则∠2= ．【答案】110°．考点：平行线的性质．三、解答题19．（2017四川省达州市）如图，在△ABC中，点O是边AC上一个动点，过点O作直线EF∥BC分别交∠ACB、外角∠ACD的平分线于点E、F．（1）若CE=8，CF=6，求OC的长；（2）连接AE、AF．问：当点O在边AC上运动到什么位置时，四边形AECF是矩形？并说明理由．【答案】（1）5；（2）当点O在边AC上运动到AC中点时，四边形AECF是矩形．【解析】试题分析：（1）根据平行线的性质以及角平分线的性质得出∠OEC=∠OCE，∠OFC=∠OCF，证出OE=OC=OF，∠ECF=90°，由勾股定理求出EF，即可得出答案；（2）解：当点O在边AC上运动到AC中点时，四边形AECF是矩形．理由如下：连接AE 、AF ，如图所示：当O 为AC 的中点时，AO =CO ，∵EO =FO ，∴四边形AECF 是平行四边形，∵∠ECF =90°，∴平行四边形AECF 是矩形．考点：1．矩形的判定；2．平行线的性质；3．等腰三角形的判定与性质；4．探究型；5．动点型． 20．（2017江苏省盐城市）如图，△ABC 是一块直角三角板，且∠C =90°，∠A =30°，现将圆心为点O 的圆形纸片放置在三角板内部．（1）如图①，当圆形纸片与两直角边AC 、BC 都相切时，试用直尺与圆规作出射线CO ；（不写作法与证明，保留作图痕迹）（2）如图②，将圆形纸片沿着三角板的内部边缘滚动1周，回到起点位置时停止，若BC =9，圆形纸片的半径为2，求圆心O 运动的路径长．【答案】（1）作图见解析；（2）153+ 【解析】试题分析：（1）作∠ACB 的平分线得出圆的一条弦，再作此弦的中垂线可得圆心O ，作射线CO 即可； （2）添加如图所示辅助线，圆心O 的运动路径长为12OO O C ∆，先求出△ABC 的三边长度，得出其周长，证四边形OEDO 1、四边形O 1O 2HG 、四边形OO 2IF 均为矩形、四边形OECF 为正方形，得出∠OO 1O 2=60°=∠ABC 、∠O 1OO 2=90°，从而知△OO 1O 2∽△CBA ，利用相似三角形的性质即可得出答案．试题解析：（1）如图①所示，射线OC 即为所求；（2）如图2，圆心O 的运动路径长为12OO O C ∆，过点O 1作O 1D ⊥BC 、O 1F ⊥AC 、O 1G ⊥AB ，垂足分别为点D 、F 、G ，过点O 作OE ⊥BC ，垂足为点E ，连接O 2B ，过点O 2作O 2H ⊥AB ，O 2I ⊥AC ，垂足分别为点H 、I ，在Rt △ABC 中，∠ACB =90°、∠A =30°，∴AC =tan 30BC o =3=93，AB =2BC =18，∠ABC =60°，∴C △ABC =9+9393O 1D ⊥BC 、O 1G ⊥AB ，∴D 、G 为切点，∴BD =BG ，在Rt △O 1BD 和Rt △O 1BG 中，∵BD =BG ，O 1B =O 1B ，∴△O 1BD ≌△O 1BG （HL ），∴∠O 1BG =∠O 1BD =30°，在Rt △O 1BD 中，∠O 1DB =90°，∠O 1BD =30°，∴BD =1tan 30O D o 33OO 1=9﹣2﹣3﹣23O 1D =OE =2，O 1D ⊥BC ，OE ⊥BC ，∴O 1D ∥OE ，且O 1D =OE ，∴四边形OEDO 1为平行四边形，∵∠OED =90°，∴四边形OEDO 1为矩形，同理四边形O 1O 2HG 、四边形OO 2IF 、四边形OECF 为矩形，又OE =OF ，∴四边形OECF 为正方形，∵∠O 1GH =∠CDO 1=90°，∠ABC =60°，∴∠GO 1D =120°，又∵∠FO 1D =∠O 2O 1G =90°，∴∠OO 1O 2=360°﹣90°﹣90°=60°=∠ABC ，同理，∠O 1OO 2=90°，∴△OO 1O 2∽△CBA ，∴1212OO O ABC C O O C BC ∆∆=127232793C -=+12OO O C ∆ =153+O 运动的路径长为153考点：1．轨迹；2．切线的性质；3．作图—复杂作图；4．综合题．21．（2017江苏省连云港市）如图，在平面直角坐标系xOy中，过点A（﹣2，0）的直线交y轴正半轴于点B，将直线AB绕着点顺时针旋转90°后，分别与x轴、y轴交于点D．C．（1）若OB=4，求直线AB的函数关系式；（2）连接BD，若△ABD的面积是5，求点B的运动路径长．【答案】（1）y=2x+4；（2）111p-+．【解析】试题分析：（1）依题意求出点B坐标，然后用待定系数法求解析式；（2）设OB =m ，则AD =m +2，∵△ABD 的面积是5，∴12AD •OB =5，∴12（m +2）•m =5，即22100m m +-= ， 解得111m =-+或111m =--（舍去），∵∠BOD =90°，∴点B 的运动路径长为：()111121114p p -+创-+=． 考点：1．一次函数图象与几何变换；2．轨迹；3．弧长的计算．22．（2017重庆市B 卷）如图，直线EF ∥GH ，点A 在EF 上，AC 交GH 于点B ，若∠FAC =72°，∠ACD =58°，点D 在GH 上，求∠BDC 的度数．【答案】50°．【解析】试题分析：由平行线的性质求出∠ABD =108°，由三角形的外角性质得出∠ABD =∠ACD +∠BDC ，即可求出∠BDC 的度数．试题解析：∵EF ∥GH ，∴∠ABD +∠FAC =180°，∴∠ABD =180°﹣72°=108°，∵∠ABD =∠ACD +∠BDC ，∴∠BDC =∠ABD ﹣∠ACD =108°﹣58°=50°．考点：平行线的性质．。

浙江省2023年中考数学真题(圆)附答案

浙江省2023年中考数学真题(圆)附答案

浙江省2023年中考数学真题(圆）一选择题1．如图.⊙O的圆心O与正方形的中心重合,已知⊙O的半径和正方形的边长都为4,则圆上任意一点到正方形边上任意一点距离的最小值为（）．A．√2B．2C．4+2√2D．4−2√22．如图在⊙O中半径OA.OB互相垂直点C在劣弧AB上．若∠ABC=19°则∠BAC=（）A．23°B．24°C．25°D．26°3．如图四边形ABCD内接于⊙O ,BC//AD.AC⊥BD.若∠AOD=120°，AD=√3则∠CAO的度数与BC的长分别为（）A．10°1B．10°√2C．15° 1D．15°√2二填空题4．若扇形的圆心角为40°半径为18 则它的弧长为。

5．如图圆锥形烟囱帽的底面半径为30cm母线长为50cm则烟囱帽的侧面积为cm2．（结果保留π）6．如图 四边形ABCD 内接于圆O 若∠D =100° 则∠B 的度数是 .7．如图 六边形ABCDEF 是⊙O 的内接正六边形 设正六边形ABCDEF 的面积为S 1 △ACE 的面积为S 2 则S 1S 2= ．8．如图 在Rt △ABC 中 ∠C =90° E 为AB 边上一点 以AE 为直径的半圆O 与BC 相切于点D 连接AD BE =3，BD =3√5．P 是AB 边上的动点 当△ADP 为等腰三角形时 AP 的长为 ．9．如图 点A 是⊙O 外一点 AB AC 分别与⊙O 相切于点B C 点D 在BDC⌢上 已知∠A =50° 则∠D 的度数是 。

10．如图在△ABC中AB=AC=6cm △BAC=50° 以AB为直径作半圆交BC于点D 交AC 于点E 则弧DE的长为cm.11．一副三角板ABC和DEF中∠C=∠D=90°，∠B=30°，∠E=45°，BC=EF=12．将它们叠合在一起边BC与EF重合CD与AB相交于点G（如图1）此时线段CG的长是现将△DEF绕点C(F)按顺时针方向旋转（如图2）边EF与AB相交于点H 连结DH 在旋转0°到60°的过程中线段DH扫过的面积是。

2020年浙江省中考数学分类汇编专题08 四边形解析版

2020年浙江省中考数学分类汇编专题08 四边形解析版

2020年浙江省中考数学分类汇编专题08 四边形一、单选题（共6题；共12分）1.（2020·台州）下是关于某个四边形的三个结论:①它的对角线相等；②它是一个正方形;③它是一个矩形.下列推理过程正确的是（）A. 由②推出③，由③推出①B. 由①推出②，由②推出③C. 由③推出①，由①推出②D. 由①推出③，由③推出②2.（2020·衢州）如图，把一张矩形纸片ABCD按所示方法进行两次折叠，得到等腰直角三角形BEF，若BC=1，则AB的长度为（）A. B. C. D.3.（2020·台州）把一张宽为1cm的长方形纸片ABCD折叠成如图所示的阴影图案，顶点A，D互相重合，中间空白部分是以E为直角顶点，腰长为2cm的等腰直角三角形，则纸片的长AD（单位:cm）为（）A. 7+3B. 7+4C. 8+3D. 8+44.（2020·台州）如图，已知线段AB，分别以A，B为圆心，大于AB同样长为半径画弧，两弧交于点C，D，连接AC，AD，BC，BD，CD，则下列说法错误的是（）A. AB平分∠CADB. CD平分∠ACBC. AB⊥CDD. AB=CD5.（2020·温州）如图，在△ABC中，∠A=40°，AB=AC，点D在AC边上，以CB，CD为边作BCDE，则∠E 的度数为( )A. 40°B. 50°C. 60°D. 70°6.（2020·湖州）四边形具有不稳定性，对于四条边长确定的四边形，当内角度数发生变化时，其形状也会随之改变，如图，改变正方形ABCD的内角，正方形ABCD变为菱形ABC′D′，若∠D′AB＝30°，则菱形ABC′D′的面积与正方形ABCD的面积之比是（）A. 1B.C.D.二、填空题（共5题；共8分）7.（2020·嘉兴·舟山）如图，有一张矩形纸条ABCD，AB=5cm，BC=2cm，点M，N分别在边AB，CD上，CN=1cm 。

浙江省杭州市2021-2023三年中考数学真题分类汇编-02填空题知识点分类

浙江省杭州市2021-2023三年中考数学真题分类汇编-02填空题知识点分类

浙江省杭州市2021-2023三年中考数学真题分类汇编-02填空题知识点分类一．合并同类项（共1小题）1．（2022•连云港）计算：2a+3a＝ ．二．最简二次根式（共1小题）2．（2022•杭州）计算：＝ ；（﹣2）2＝ ．三．二次根式的加减法（共1小题）3．（2023•杭州）计算：＝ ．四．一元二次方程的应用（共1小题）4．（2022•杭州）某网络学习平台2019年的新注册用户数为100万，2021年的新注册用户数为169万，设新注册用户数的年平均增长率为x（x＞0），则x＝ （用百分数表示）．五．坐标与图形性质（共1小题）5．（2021•杭州）如图，在直角坐标系中，以点A（3，1）为端点的四条射线AB，AC，AD，AE分别过点B（1，1），点C（1，3），点D（4，4），点E（5，2），则∠BAC ∠DAE（填“＞”、“＝”、“＜”中的一个）．六．一次函数图象上点的坐标特征（共1小题）6．（2023•杭州）在“探索一次函数y＝kx+b的系数k，b与图象的关系”活动中，老师给出了直角坐标系中的三个点：A（0，2），B（2，3），C（3，1）．同学们画出了经过这三个点中每两个点的一次函数的图象，并得到对应的函数表达式y1＝k1x+b1，y2＝k2x+b2，y3＝k3x+b3．分别计算k1+b1，k2+b2，k3+b3的值，其中最大的值等于 ．七．一次函数与二元一次方程（组）（共1小题）7．（2022•杭州）已知一次函数y＝3x﹣1与y＝kx（k是常数，k≠0）的图象的交点坐标是（1，2），则方程组的解是 ．八．平行线的性质（共1小题）8．（2023•杭州）如图，点D，E分别在△ABC的边AB，AC上，且DE∥BC，点F在线段BC 的延长线上．若∠ADE＝28°，∠ACF＝118°，则∠A＝ ．九．切线的性质（共1小题）9．（2021•杭州）如图，已知⊙O的半径为1，点P是⊙O外一点，且OP＝2．若PT是⊙O 的切线，T为切点，连结OT，则PT＝ ．一十．正多边形和圆（共1小题）10．（2023•杭州）如图，六边形ABCDEF是⊙O的内接正六边形，设正六边形ABCDEF的面积为S1，△ACE的面积为S2，则＝ ．一十一．圆的综合题（共1小题）11．（2022•杭州）如图是以点O为圆心，AB为直径的圆形纸片，点C在⊙O上，将该圆形纸片沿直线CO对折，点B落在⊙O上的点D处（不与点A重合），连接CB，CD，AD．设CD与直径AB交于点E．若AD＝ED，则∠B＝ 度；的值等于 ．一十二．翻折变换（折叠问题）（共1小题）12．（2021•杭州）如图是一张矩形纸片ABCD，点M是对角线AC的中点，点E在BC边上，把△DCE沿直线DE折叠，使点C落在对角线AC上的点F处，连接DF，EF．若MF＝AB，则∠DAF＝ 度．一十三．相似三角形的判定与性质（共1小题）13．（2023•杭州）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠A＜90°，点D，E，F分别在边AB，BC，CA上，连接DE，EF，FD，已知点B和点F关于直线DE对称．设＝k，若AD ＝DF，则＝ （结果用含k的代数式表示）．一十四．相似三角形的应用（共1小题）14．（2022•杭州）某项目学习小组为了测量直立在水平地面上的旗杆AB的高度，把标杆DE 直立在同一水平地面上（如图）．同一时刻测得旗杆和标杆在太阳光下的影长分别是BC＝8.72m，EF＝2.18m．已知B，C，E，F在同一直线上，AB⊥BC，DE⊥EF，DE＝2.47m，则AB＝ m．一十五．特殊角的三角函数值（共1小题）15．（2021•杭州）计算：sin30°＝ ．一十六．加权平均数（共1小题）16．（2021•杭州）现有甲、乙两种糖果的单价与千克数如下表所示．甲种糖果乙种糖果单价（元/千克）3020千克数23将这2千克甲种糖果和3千克乙种糖果混合成5千克什锦糖果，若商家用加权平均数来确定什锦糖果的单价，则这5千克什锦糖果的单价为 元/千克．一十七．概率公式（共2小题）17．（2023•杭州）一个仅装有球的不透明布袋里只有6个红球和n个白球（仅有颜色不同）．若从中任意摸出一个球是红球的概率为，则n＝ ．18．（2022•杭州）有5张仅有编号不同的卡片，编号分别是1，2，3，4，5．从中随机抽取一张，编号是偶数的概率等于 ．浙江省杭州市2021-2023三年中考数学真题分类汇编-02填空题知识点分类参考答案与试题解析一．合并同类项（共1小题）1．（2022•连云港）计算：2a+3a＝　5a　．【答案】5a．【解答】解：2a+3a＝5a，故答案为：5a．二．最简二次根式（共1小题）2．（2022•杭州）计算：＝　2　；（﹣2）2＝　4　．【答案】2，4．【解答】解：＝2，（﹣2）2＝4，故答案为：2，4．三．二次根式的加减法（共1小题）3．（2023•杭州）计算：＝　﹣　．【答案】﹣．【解答】解：原式＝﹣2＝﹣．故答案为：﹣．四．一元二次方程的应用（共1小题）4．（2022•杭州）某网络学习平台2019年的新注册用户数为100万，2021年的新注册用户数为169万，设新注册用户数的年平均增长率为x（x＞0），则x＝　30%　（用百分数表示）．【答案】30%．【解答】解：新注册用户数的年平均增长率为x（x＞0），依题意得：100（1+x）2＝169，解得：x1＝0.3，x2＝﹣2.3（不合题意，舍去）．0.3＝30%，∴新注册用户数的年平均增长率为30%．故答案为：30%．五．坐标与图形性质（共1小题）5．（2021•杭州）如图，在直角坐标系中，以点A（3，1）为端点的四条射线AB，AC，AD，AE分别过点B（1，1），点C（1，3），点D（4，4），点E（5，2），则∠BAC　＝　∠DAE （填“＞”、“＝”、“＜”中的一个）．【答案】＝．【解答】解：连接DE，由上图可知AB＝2，BC＝2，∴△ABC是等腰直角三角形，∴∠BAC＝45°，又∵AE＝＝＝，同理可得DE＝＝，AD＝＝，则在△ADE中，有AE2+DE2＝AD2，∴△ADE是等腰直角三角形，∴∠DAE＝45°，∴∠BAC＝∠DAE，故答案为：＝．六．一次函数图象上点的坐标特征（共1小题）6．（2023•杭州）在“探索一次函数y＝kx+b的系数k，b与图象的关系”活动中，老师给出了直角坐标系中的三个点：A（0，2），B（2，3），C（3，1）．同学们画出了经过这三个点中每两个点的一次函数的图象，并得到对应的函数表达式y1＝k1x+b1，y2＝k2x+b2，y3＝k3x+b3．分别计算k1+b1，k2+b2，k3+b3的值，其中最大的值等于　5　．【答案】5．【解答】解：解法一：设直线AB的解析式为y1＝k1x+b1，将点A（0，2），B（2，3）代入得，，解得：，∴k1+b1＝，设直线AC的解析式为y2＝k2x+b2，将点A（0，2），C（3，1）代入得，，解得：，∴k2+b2＝，设直线BC的解析式为y3＝k3x+b3，将点B（2，3），C（3，1）代入得，，解得：，∴k3+b3＝5，∴k1+b1＝，k2+b2＝，k3+b3＝5，其中最大的值为5．解法二：如图，作直线AB、AC、BC，作直线x＝1，设直线AB的解析式为y1＝k1x+b1，直线AC的解析式为y2＝k2x+b2，直线BC的解析式为y3＝k3x+b3，由图象可知，直线x＝1与直线BC的交点最高，即当x＝1时，k1+b1，k2+b2，k3+b3其中最大的值为k3+b3，将点B（2，3），C（3，1）代入得，，解得：，∴k3+b3＝5，k1+b1，k2+b2，k3+b3其中最大的值为k3+b3＝5．故答案为：5．七．一次函数与二元一次方程（组）（共1小题）7．（2022•杭州）已知一次函数y＝3x﹣1与y＝kx（k是常数，k≠0）的图象的交点坐标是（1，2），则方程组的解是 ．【答案】．【解答】解：∵一次函数y＝3x﹣1与y＝kx（k是常数，k≠0）的图象的交点坐标是（1，2），∴联立y＝3x﹣1与y＝kx的方程组的解为：，故答案为：．八．平行线的性质（共1小题）8．（2023•杭州）如图，点D，E分别在△ABC的边AB，AC上，且DE∥BC，点F在线段BC 的延长线上．若∠ADE＝28°，∠ACF＝118°，则∠A＝　90°　．【答案】90°．【解答】解：∵DE∥BC，∴∠B＝∠ADE＝28°，∵∠ACF＝∠A+∠B，∴∠A＝∠ACF﹣∠B＝118°﹣28°＝90°．故答案为：90°．九．切线的性质（共1小题）9．（2021•杭州）如图，已知⊙O的半径为1，点P是⊙O外一点，且OP＝2．若PT是⊙O 的切线，T为切点，连结OT，则PT＝ ．【答案】．【解答】解：∵PT是⊙O的切线，T为切点，∴OT⊥PT，在Rt△OPT中，OT＝1，OP＝2，∴PT＝＝＝，故：PT＝．一十．正多边形和圆（共1小题）10．（2023•杭州）如图，六边形ABCDEF是⊙O的内接正六边形，设正六边形ABCDEF的面积为S1，△ACE的面积为S2，则＝　2　．【答案】2．【解答】解：如图所示，连接OA，OC，OE．∵六边形ABCDEF是⊙O的内接正六边形，∴AC＝AE＝CE，∴△ACE是⊙O的内接正三角形，∵∠B＝120°，AB＝BC，∴∠BAC＝∠BCA＝（180°﹣∠B）＝30°，∵∠CAE＝60°，∴∠OAC＝∠OAE＝30°，∴∠BAC＝∠OAC＝30°，同理可得，∠BCA＝∠OCA＝30°，∴△BAC≌△OAC（ASA），∴S△BAC＝S△AOC，圆和正六边形的性质可得，S△BAC＝S△AFE＝S△CDE，由圆和正三角形的性质可得，S△OAC＝S△OAE＝S△OCE，∵S1＝S△BAC+S△AEF+S△CDE+S△OAC+S△OAE+S△OCE＝2（S△OAC+S△OAE+S△OCE）＝2S2，∴，故答案为：2一十一．圆的综合题（共1小题）11．（2022•杭州）如图是以点O为圆心，AB为直径的圆形纸片，点C在⊙O上，将该圆形纸片沿直线CO对折，点B落在⊙O上的点D处（不与点A重合），连接CB，CD，AD．设CD与直径AB交于点E．若AD＝ED，则∠B＝　36　度；的值等于 ．【答案】36，．【解答】解：∵AD＝DE，∴∠DAE＝∠DEA，∵∠DEA＝∠BEC，∠DAE＝∠BCE，∴∠BEC＝∠BCE，∵将该圆形纸片沿直线CO对折，∴∠ECO＝∠BCO，又∵OB＝OC，∴∠OCB＝∠B，设∠ECO＝∠OCB＝∠B＝x，∴∠BCE＝∠ECO+∠BCO＝2x，∵∠BEC+∠BCE+∠B＝180°，∴x+2x+2x＝180°，∴x＝36°，∴∠B＝36°；∵∠ECO＝∠B，∠CEO＝∠CEB，∴△CEO∽△BEC，∴，∴CE2＝EO•BE，设EO＝x，EC＝OC＝OB＝a，∴a2＝x（x+a），解得，x＝a（负值舍去），∴OE＝a，∴AE＝OA﹣OE＝a﹣a＝a，∵∠AED＝∠BEC，∠DAE＝∠BCE，∴△BCE∽△DAE，∴，∴＝．故答案为：36，．一十二．翻折变换（折叠问题）（共1小题）12．（2021•杭州）如图是一张矩形纸片ABCD，点M是对角线AC的中点，点E在BC边上，把△DCE沿直线DE折叠，使点C落在对角线AC上的点F处，连接DF，EF．若MF＝AB，则∠DAF＝　18　度．【答案】18．【解答】解：连接DM，如图：∵四边形ABCD是矩形，∴∠ADC＝90°．∵M是AC的中点，∴DM＝AM＝CM，∴∠FAD＝∠MDA，∠MDC＝∠MCD．∵DC，DF关于DE对称，∴DF＝DC，∴∠DFC＝∠DCF．∵MF＝AB，AB＝CD，DF＝DC，∴MF＝FD．∴∠FMD＝∠FDM．∵∠DFC＝∠FMD+∠FDM，∴∠DFC＝2∠FMD．∵∠DMC＝∠FAD+∠ADM，∴∠DMC＝2∠FAD．设∠FAD＝x°，则∠DFC＝4x°，∴∠MCD＝∠MDC＝4x°．∵∠DMC+∠MCD+∠MDC＝180°，∴2x+4x+4x＝180．∴x＝18．故答案为：18．一十三．相似三角形的判定与性质（共1小题）13．（2023•杭州）如图，在△ABC中，AB＝AC，∠A＜90°，点D，E，F分别在边AB，BC，CA上，连接DE，EF，FD，已知点B和点F关于直线DE对称．设＝k，若AD ＝DF，则＝ （结果用含k的代数式表示）．【答案】．【解答】解：方法一：∵点B和点F关于直线DE对称，∴DB＝DF，∵AD＝DF，∴AD＝DB，∵AD＝DF，∴∠A＝∠DFA，∵点B和点F关于直线DE对称，∴∠BDE＝∠FDE，∵∠BDE+∠FDE＝∠BDF＝∠A+∠DFA，∴∠FDE＝∠DFA，∴DE∥AC，∴∠C＝∠DEB，∠DEF＝∠EFC，∵点B和点F关于直线DE对称，∴∠DEB＝∠DEF，∴∠C＝∠EFC，∵AB＝AC，∴∠C＝∠B，∵∠ACB＝∠EFC，∴△ABC∽△ECF，∴＝，∵DE∥AC，∴∠BDE＝∠A，∠BED＝∠C，∴△BDE∽△BAC，∴＝＝，∴EC＝BC，∵＝k，∴BC＝k•AB，∴EC＝k•AB，∴＝，∴CF＝k2•AB，∴＝＝＝＝．方法二：如图，连接BF，∵点B和点F关于直线DE对称，∴DB＝DF，∵AD＝DF，∴AD＝DB＝DF，∴BF⊥AC，设AB＝AC＝1，则BC＝k，设CF＝x，则AF＝1﹣x，由勾股定理得，AB2﹣AF2＝BC2﹣CF2，∴12﹣（1﹣x）2＝k2﹣x2，∴x＝，∴AF＝1﹣x＝，∴＝．故答案为：．一十四．相似三角形的应用（共1小题）14．（2022•杭州）某项目学习小组为了测量直立在水平地面上的旗杆AB的高度，把标杆DE 直立在同一水平地面上（如图）．同一时刻测得旗杆和标杆在太阳光下的影长分别是BC＝8.72m，EF＝2.18m．已知B，C，E，F在同一直线上，AB⊥BC，DE⊥EF，DE＝2.47m，则AB＝　9.88　m．【答案】9.88．【解答】解：∵同一时刻测得旗杆和标杆在太阳光下的影长分别是BC＝8.72m，EF＝2.18m．∴AC∥DF，∴∠ACB＝∠DFE，∵AB⊥BC，DE⊥EF，∴∠ABC＝∠DEF＝90°，∴Rt△ABC∽△Rt△DEF，∴，即，解得AB＝9.88，∴旗杆的高度为9.88m．故答案为：9.88．一十五．特殊角的三角函数值（共1小题）15．（2021•杭州）计算：sin30°＝ ．【答案】见试题解答内容【解答】解：sin30°＝．一十六．加权平均数（共1小题）16．（2021•杭州）现有甲、乙两种糖果的单价与千克数如下表所示．甲种糖果乙种糖果单价（元/千克）3020千克数23将这2千克甲种糖果和3千克乙种糖果混合成5千克什锦糖果，若商家用加权平均数来确定什锦糖果的单价，则这5千克什锦糖果的单价为　24　元/千克．【答案】24．【解答】解：这5千克什锦糖果的单价为：（30×2+20×3）÷5＝24（元/千克）．故答案为：24．一十七．概率公式（共2小题）17．（2023•杭州）一个仅装有球的不透明布袋里只有6个红球和n个白球（仅有颜色不同）．若从中任意摸出一个球是红球的概率为，则n＝　9　．【答案】9．【解答】解：根据题意，＝，解得n＝9，经检验n＝9是方程的解．∴n＝9．故答案为：9．18．（2022•杭州）有5张仅有编号不同的卡片，编号分别是1，2，3，4，5．从中随机抽取一张，编号是偶数的概率等于 ．【答案】．【解答】解：从编号分别是1，2，3，4，5的卡片中，随机抽取一张有5种可能性，其中编号是偶数的可能性有2种可能性，∴从中随机抽取一张，编号是偶数的概率等于，故答案为：．。

2020年浙江省中考数学试题附解析

2020年浙江省中考数学试题附解析

2020年浙江省中考数学试题学校：__________ 姓名：__________ 班级：__________ 考号：__________注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上一、选择题1．如图，在纸上剪下一个圆形和一个扇形的纸片，使之恰好能围成一个圆锥模型. 若圆的半径为 r，扇形的半径为 R，扇形的圆心角等于120°，则r与R之间的关系是（）A．R=2r B．3R r=C．R=3r D．R =4r2．如图，AB、AC 分别是⊙O的直径和切线，BC 交⊙O于D．AB=8，AC=6，那么 CD 的长为（）A．3 B．4 C．9 D．3.63．已知1sin2A=，且∠A为锐角，则∠A=（）A．30°B．45°C．60°D．75°4．若等腰三角形的一个外角为110°，则它的底角为（）A．55°B．70°C．55°或70°D．以上答案都不对5．若一个三角形的一个外角等于其中的一个内角，则这个三角形是（）A．等腰三角形B．正三角形C．直角三角形D．不存在6．在□ABCD中，对角线AC，BD的长分别为6和8，则边AB的取值范围为（）A．2<AB<14 B．1<AB<7 C．1<AB<5 D．2<AB<107．画一个物体的三视图时，一般的顺序是（）A．主视图、左视图、俯视图B．主视图、俯视图、左视图C．俯视图、主视图、左视图D．左视图、俯视图、主视图8．如图，已知 AB∥CD，∠A = 70°，则∠1 的度数为（）A． 70°B． 100°C．110°D． 130°9．用 9根火柴棒（等长）拼成一个三角形，火柴棒不允许剩余、重叠和折断，则能摆出不同的三角形的个数是（ ）A ． 1个B ． 2个C ．3个D ．4个 10．已知12506x y -+=，用含x 的代数式表示y 应有（ ） A ．6(25)x y =+ B ．6(25)x y =- C ．11(5)26y x =+ D ．11(5)26y x =-+ 11．从n 个苹果和3个雪梨中，任选1个，若选中苹果的概率是12，则n 的值是（ ） A ． 6 B ． 3 C ． 2 D ． 112．下列各个物体的运动，属于旋转的是（ ）A ．电梯从一楼升到了八楼B ．电风扇叶片的转动C ．火车在笔直的铁路上行驶D ．一块石子扔进河里，水波在不断扩大13．方程213148x x --=-去分母后正确的结果是（ ） A ．2(21)83x x -=--B ．2(21)1(3)x x -=--C ．211(3)x x -=--D ．2(21)8(3)x x -=--14．下列说法：①代数式21a +的值永远是正的；②代数式2a b +中的字母可以是任何数；③代数式2a b +只代表一个值；④代数式2x x-中字母x 可以是 0 以外的任何数. 其中正确的有（ ） A ．1 个 B ．2 个 C ．3 个 D ．4 个二、填空题15．如图，已知AB 是⊙O 的直径，弦CD AB ⊥，22AC =，1BC =，那么sin ABD ∠的值是 ．16．反比例函数x m y 12--=(m 为常数)的图像如图所示，则m 的取值范围是________． 17．如图，E 、F 是□ABCD 对角线BD 上的两点，请你添加一个条件： ，使四边形AECF 是平行四边形．18．如图 ，在△ABC 中，∠ACB=90°，角平分线 AD 、BE 交于点F ，则∠AFB= .19．长方形有_____条对称轴，正方形有_____条对称轴，圆有_____条对称轴．20．木材加工厂堆放木料的方式如图所示：依此规律可以得出第六堆木料的根数是 根．21．某潜水员先潜入水下 100 m ，然后又上升30m ，再下降 l2m ，又上升 l8m ，则此潜水员在水下 m.三、解答题22．如图所示，施工工地的水平地面上，有三根外径都是lm 的水泥管，两两外切地堆放在一起，求其最高点到地面的距离是多少？23．某公司甲、乙两座仓库分别有运输车 12辆和6辆，要调往A 地 10辆，调往B 地8辆. 已知从甲仓库调运一辆到 A 地和 B 地的费用分别为 40元与 80元；从乙仓库调运一辆到A 地和 B 地的费用分别为 30元与 50元. 设从乙仓库调到入地x 辆车.(1)用含x 的式子表示调运车辆的总费用；(2)若要求总费用不超过 900 元，共有几种运方案？(3)求出总费用最低的方案，最低费用是多少元？24．一艘潜艇在水下800 m处用声纳测得水面上一艘静止的轮船与它的直线距离为l000m，潜艇的速度为20m／s,若它向这艘轮船方向驶去(深度保持不变)，则经多少时间它会位于轮船正下方?25．如图，在屋架上要加一根横梁 DE．已知∠ABC =60°，当∠ADE 等于多少度时，才能使DE∥BC？为什么？26．分析如图(1)、(2)、(4)中阴影部分的分布规律，按此规律在如图(3)中画出其中的阴影部分.27．当x为何值时，代数式12x-与113x+-值相等.28．小惠的牡丹卡上还有余款 260 元，小惠想买一件衬衣和一件连衣裙，衬衣价格为 98 元/件，连衣裙价格为 180 元/件，小惠用牡丹卡购买这两件商品会透支吗？用有理数加法说明理由.29．你能根据图中标出的数值，写出数轴上点A和点B之间，点C和点D之间，点B和点C 之间的所有整数吗？30．A 地海拔是-40 m，B 地比A地高 20 m，C地又比B 地高 30m，试用正数或负数表示B、C两地的海拔.【参考答案】学校：__________ 姓名：__________ 班级：__________ 考号：__________注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上一、选择题1．C2．D3．A4．C5．C6．B7．A8．C9．C10．B11．B12．B13．D14．B二、填空题15． 223 16． 21-<m 17． BE ＝DF 等，（答案不惟一）18．135°19．2，4，无数20．2821．64三、解答题22．连结三个圆心，构成一个边长为lm 的正三角形，其高为32m ，则最高点到地面的距离是232+m. 23．(1)(20x+860)元．(2)根据题意，得20x+860≤900．解得2x ≤．∵x 为非负整数，∴x =0、1、2．∴共有三种调运方案：(方案一)从甲仓库分别调运10辆、2辆到A 、B 两地，从乙仓库调运6辆到B 地；(方案二)从甲仓库分别调运9辆、3辆到A 、B 两地，从乙仓库分别调运1辆、5辆到A 、B 两地；(方案三)从甲仓库分别调运8辆、4辆到A 、B 两地，从乙仓库分别调运2辆、4辆到A 、B 两地．(3)方案一的总费用最低，为860元．24．30s25．∠ADE=60°，理由略26．如图：27． 由题意，得11123x x -+=-，去分母，得3(1)62(1)x x -=-+. 解得1x =-答：当1x =-时，代数式12x -与113x +-的值相等. 28．会透支29．A 与B 之间有-12，-11，-10，-9，-8，-7；C 与D 之间有 3，4，5，6，7；B 与C 之间有-6，-5，-4，-3，-2，-1，0，1，230．B ：-20 mC ：+10 m。

浙江省温州市2021-2023三年中考数学真题分类汇编-03解答题(提升题)知识点分类

浙江省温州市2021-2023三年中考数学真题分类汇编-03解答题(提升题)知识点分类

浙江省温州市2021-2023三年中考数学真题分类汇编-03解答题（提升题）知识点分类一．分式的加减法（共1小题）1．（2023•温州）计算：（1）|﹣1|++（）﹣2﹣（﹣4）；（2）﹣．二．待定系数法求一次函数解析式（共1小题）2．（2023•温州）如图，在直角坐标系中，点A （2，m ）在直线y ＝2x ﹣上，过点A 的直线交y 轴于点B （0，3）．（1）求m 的值和直线AB 的函数表达式；（2）若点P （t ，y 1）在线段AB 上，点Q （t ﹣1，y 2）在直线y ＝2x ﹣上，求y 1﹣y 2的最大值．三．一次函数的应用（共1小题）3．（2021•温州）某公司生产的一种营养品信息如表．已知甲食材每千克的进价是乙食材的2倍，用80元购买的甲食材比用20元购买的乙食材多1千克．营养品信息表营养成分每千克含铁42毫克原料每千克含铁甲食材50毫克配料表乙食材10毫克规格每包食材含量每包单价A 包装1千克45元B 包装0.25千克12元（1）问甲、乙两种食材每千克进价分别是多少元？（2）该公司每日用18000元购进甲、乙两种食材并恰好全部用完．①问每日购进甲、乙两种食材各多少千克？②已知每日其他费用为2000元，且生产的营养品当日全部售出．若A的数量不低于B的数量，则A为多少包时，每日所获总利润最大？最大总利润为多少元？四．待定系数法求二次函数解析式（共1小题）4．（2021•温州）已知抛物线y＝ax2﹣2ax﹣8（a≠0）经过点（﹣2，0）．（1）求抛物线的函数表达式和顶点坐标．（2）直线l交抛物线于点A（﹣4，m），B（n，7），n为正数．若点P在抛物线上且在直线l下方（不与点A，B重合），分别求出点P横坐标与纵坐标的取值范围．五．二次函数的应用（共1小题）5．（2022•温州）根据以下素材，探索完成任务．如何设计拱桥景观灯的悬挂方案？素材1图1中有一座拱桥，图2是其抛物线形桥拱的示意图，某时测得水面宽20m，拱顶离水面5m．据调查，该河段水位在此基础上再涨1.8m达到最高．素材2为迎佳节，拟在图1桥洞前面的桥拱上悬挂40cm长的灯笼，如图3．为了安全，灯笼底部距离水面不小于1m；为了实效，相邻两盏灯笼悬挂点的水平间距均为1.6m；为了美观，要求在符合条件处都挂上灯笼，且挂满后成轴对称分布．问题解决任务1确定桥拱形状在图2中建立合适的直角坐标系，求抛物线的函数表达式．任务2探究悬挂范围在你所建立的坐标系中，仅在安全的条件下，确定悬挂点的纵坐标的最小值和横坐标的取值范围．任务3拟定设计方案给出一种符合所有悬挂条件的灯笼数量，并根据你所建立的坐标系，求出最左边一盏灯笼悬挂点的横坐标．六．平行四边形的判定与性质（共2小题）6．（2022•温州）如图，在△ABC 中，AD ⊥BC 于点D ，E ，F 分别是AC ，AB 的中点，O 是DF 的中点，EO 的延长线交线段BD 于点G ，连结DE ，EF ，FG ．（1）求证：四边形DEFG 是平行四边形．（2）当AD ＝5，tan ∠EDC ＝时，求FG 的长．7．（2021•温州）如图，在▱ABCD 中，E ，F 是对角线BD 上的两点（点E 在点F 左侧），且∠AEB ＝∠CFD ＝90°．（1）求证：四边形AECF 是平行四边形；（2）当AB ＝5，tan ∠ABE ＝，∠CBE ＝∠EAF 时，求BD 的长．七．圆的综合题（共2小题）8．（2022•温州）如图1，AB为半圆O的直径，C为BA延长线上一点，CD切半圆于点D，BE⊥CD，交CD延长线于点E，交半圆于点F，已知BC＝5，BE＝3，点P，Q分别在线段AB，BE上（不与端点重合），且满足＝．设BQ＝x，CP＝y．（1）求半圆O的半径．（2）求y关于x的函数表达式．（3）如图2，过点P作PR⊥CE于点R，连结PQ，RQ．①当△PQR为直角三角形时，求x的值．②作点F关于QR的对称点F′，当点F′落在BC上时，求的值．9．（2021•温州）如图，在平面直角坐标系中，⊙M经过原点O，分别交x轴、y轴于点A （2，0），B（0，8），连结AB．直线CM分别交⊙M于点D，E（点D在左侧），交x轴于点C（17，0），连结AE．（1）求⊙M的半径和直线CM的函数表达式；（2）求点D，E的坐标；（3）点P在线段AC上，连结PE．当∠AEP与△OBD的一个内角相等时，求所有满足条件的OP的长．八．利用平移设计图案（共1小题）10．（2021•温州）如图中4×4与6×6的方格都是由边长为1的小正方形组成．图1是绘成的七巧板图案，它由7个图形组成，请按以下要求选择其中一个并在图2、图3中画出相应的格点图形（顶点均在格点上）．（1）选一个四边形画在图2中，使点P为它的一个顶点，并画出将它向右平移3个单位后所得的图形．（2）选一个合适的三角形，将它的各边长扩大到原来的倍，画在图3中．九．作图-旋转变换（共1小题）11．（2023•温州）如图，在2×4的方格纸ABCD中，每个小方格的边长为1．已知格点P，请按要求画格点三角形（顶点均在格点上）．（1）在图1中画一个等腰三角形PEF，使底边长为，点E在BC上，点F在AD上，再画出该三角形绕矩形ABCD的中心旋转180°后的图形；（2）在图2中画一个Rt△PQR，使∠P＝45°，点Q在BC上，点R在AD上，再画出该三角形向右平移1个单位后的图形．一十．相似形综合题（共1小题）12．（2023•温州）如图1，AB 为半圆O 的直径，C 为BA 延长线上一点，CD 切半圆于点D ，BE ⊥CD ，交CD 延长线于点E ，交半圆于点F ，已知OA ＝，AC ＝1．如图2，连结AF ，P 为线段AF 上一点，过点P 作BC 的平行线分别交CE ，BE 于点M ，N ，过点P 作PH ⊥AB 于点H ．设PH ＝x ，MN ＝y ．（1）求CE 的长和y 关于x 的函数表达式；（2）当PH ＜PN ，且长度分别等于PH ，PN ，a 的三条线段组成的三角形与△BCE 相似时，求a 的值；（3）延长PN 交半圆O 于点Q ，当NQ ＝x ﹣3时，求MN 的长．一十一．解直角三角形的应用-仰角俯角问题（共1小题）13．（2023•温州）根据背景素材，探索解决问题．测算发射塔的高度背景素材某兴趣小组在一幢楼房窗口测算远处小山坡上发射塔的高度MN （如图1），他们通过自制的测倾仪（如图2）在A ，B ，C 三个位置观测，测倾仪上的示数如图3所示．经讨论，只需选择其中两个合适的位置，通过测量、换算就能计算发射塔的高度问题解决分析规划选择两个观测位置：点 和点 　．任务1获取数据写出所选位置观测角的正切值，并量出观测点之间的图上距离．任务2推理计算计算发射塔的图上高度MN ．任务3换算高度楼房实际宽度DE 为12米，请通过测量换算发射塔的实际高度．注：测量时，以答题纸上的图上距离为准，并精确到1mm ．浙江省温州市2021-2023三年中考数学真题分类汇编-03解答题（提升题）知识点分类参考答案与试题解析一．分式的加减法（共1小题）1．（2023•温州）计算：（1）|﹣1|++（）﹣2﹣（﹣4）；（2）﹣．【答案】（1）12；（2）a﹣1．【解答】解：（1）原式＝1﹣2+9+4＝12；（2）原式＝＝＝a﹣1．二．待定系数法求一次函数解析式（共1小题）2．（2023•温州）如图，在直角坐标系中，点A（2，m）在直线y＝2x﹣上，过点A的直线交y轴于点B（0，3）．（1）求m的值和直线AB的函数表达式；（2）若点P（t，y1）在线段AB上，点Q（t﹣1，y2）在直线y＝2x﹣上，求y1﹣y2的最大值．【答案】（1）m＝；直线AB的函数表达式为y＝﹣x+3．（2）当t ＝0，y 1﹣y 2的最大值为．【解答】解：（1）把点A （2，m ）代入y ＝2x ﹣中，得m ＝；设直线AB 的函数表达式为：y ＝kx +b ，把A （2，），B （0，3）代入得：，解得，∴直线AB 的函数表达式为y ＝﹣x +3．（2）∵点P （t ，y 1）在线段AB 上，∴y 1＝﹣t +3（0≤t ≤2），∵点Q （t ﹣1，y 2）在直线y ＝2x ﹣上，∴y 2＝2（t ﹣1）﹣＝2t ﹣，∴y 1﹣y 2＝﹣t +3﹣（2t ﹣）＝﹣t +，∵﹣＜0，∴y 1﹣y 2随t 的增大而减小，∴当t ＝0，y 1﹣y 2的最大值为．三．一次函数的应用（共1小题）3．（2021•温州）某公司生产的一种营养品信息如表．已知甲食材每千克的进价是乙食材的2倍，用80元购买的甲食材比用20元购买的乙食材多1千克．营养品信息表营养成分每千克含铁42毫克原料每千克含铁甲食材50毫克配料表乙食材10毫克规格每包食材含量每包单价A 包装1千克45元B 包装0.25千克12元（1）问甲、乙两种食材每千克进价分别是多少元？（2）该公司每日用18000元购进甲、乙两种食材并恰好全部用完．①问每日购进甲、乙两种食材各多少千克？②已知每日其他费用为2000元，且生产的营养品当日全部售出．若A的数量不低于B的数量，则A为多少包时，每日所获总利润最大？最大总利润为多少元？【答案】（1）甲食材每千克进价为40元，乙食材每千克进价为20元；（2）①每日购进甲食材400千克，乙食材100千克；②当A为400包时，总利润最大，最大总利润为2800元．【解答】解：（1）设乙食材每千克进价为a元，则甲食材每千克进价为2a元，由题意得，解得a＝20，经检验，a＝20是所列方程的根，且符合题意，∴2a＝40（元），答：甲食材每千克进价为40元，乙食材每千克进价为20元；（2）①设每日购进甲食材x千克，乙食材y千克，由题意得，解得，答：每日购进甲食材400千克，乙食材100千克；②设A为m包，则B为＝（2000﹣4m）包，∵A的数量不低于B的数量，∴m≥2000﹣4m，∴m≥400，设总利润为W元，根据题意得：W＝45m+12（2000﹣4m）﹣18000﹣2000＝﹣3m+4000，∵k＝﹣3＜0，∴W随m的增大而减小，∴当m＝400时，W的最大值为2800，答：当A为400包时，总利润最大，最大总利润为2800元．四．待定系数法求二次函数解析式（共1小题）4．（2021•温州）已知抛物线y＝ax2﹣2ax﹣8（a≠0）经过点（﹣2，0）．（1）求抛物线的函数表达式和顶点坐标．（2）直线l交抛物线于点A（﹣4，m），B（n，7），n为正数．若点P在抛物线上且在直线l下方（不与点A，B重合），分别求出点P横坐标与纵坐标的取值范围．【答案】（1）y＝x2﹣2x﹣8；（1，﹣9）．（2）﹣4＜x P＜5，﹣9≤y P＜16．【解答】解：（1）把（﹣2，0）代入y＝ax2﹣2ax﹣8得0＝4a+4a﹣8，解得a＝1，∴抛物线的函数表达式为y＝x2﹣2x﹣8，∵y＝x2﹣2x﹣8＝（x﹣1）2﹣9，∴抛物线顶点坐标为（1，﹣9）．（2）把x＝﹣4代入y＝x2﹣2x﹣8得y＝（﹣4）2﹣2×（﹣4）﹣8＝16，∴m＝16，把y＝7代入函数解析式得7＝x2﹣2x﹣8，解得x＝5或x＝﹣3，∴n＝5或n＝﹣3，∵n为正数，∴n＝5，∴点A坐标为（﹣4，16），点B坐标为（5，7）．∵抛物线开口向上，顶点坐标为（1，﹣9），∴抛物线顶点在AB下方，∴﹣4＜x P＜5，﹣9≤y P＜16．五．二次函数的应用（共1小题）5．（2022•温州）根据以下素材，探索完成任务．如何设计拱桥景观灯的悬挂方案？素材1图1中有一座拱桥，图2是其抛物线形桥拱的示意图，某时测得水面宽20m，拱顶离水面5m．据调查，该河段水位在此基础上再涨1.8m达到最高．素材2为迎佳节，拟在图1桥洞前面的桥拱上悬挂40cm长的灯笼，如图3．为了安全，灯笼底部距离水面不小于1m；为了实效，相邻两盏灯笼悬挂点的水平间距均为1.6m；为了美观，要求在符合条件处都挂上灯笼，且挂满后成轴对称分布．问题解决任务1确定桥拱形状在图2中建立合适的直角坐标系，求抛物线的函数表达式．任务2探究悬挂范围在你所建立的坐标系中，仅在安全的条件下，确定悬挂点的纵坐标的最小值和横坐标的取值范围．任务3拟定设计方案给出一种符合所有悬挂条件的灯笼数量，并根据你所建立的坐标系，求出最左边一盏灯笼悬挂点的横坐标．【答案】任务1：y＝﹣x2；任务2：﹣1.8m，﹣6≤x≤6；任务3：挂7盏或8盏，横坐标分别为﹣4.8和﹣5.6，方案见解答．【解答】解：任务1：以拱顶为原点，建立如图1所示的直角坐标系，则顶点为（0，0），且过点B（10，﹣5），设抛物线的解析式为：y＝ax2，把点B（10，﹣5）代入得：100a＝﹣5，∴a＝﹣，∴抛物线的函数表达式为：y＝﹣x2；任务2：∵该河段水位再涨1.8m达到最高，灯笼底部距离水面不小于1m，灯笼长0.4m，∴当悬挂点的纵坐标y≥﹣5+1.8+1+0.4＝﹣1.8，即悬挂点的纵坐标的最小值是﹣1.8m，当y＝﹣1.8时，﹣x2＝﹣1.8，∴x＝±6，∴悬挂点的横坐标的取值范围是：﹣6≤x≤6；任务3：方案一：如图2（坐标轴的横轴），从顶点处开始悬挂灯笼，∵﹣6≤x≤6，相邻两盏灯笼悬挂点的水平间距均为1.6m，∴若顶点一侧悬挂4盏灯笼时，1.6×4＞6，若顶点一侧悬挂3盏灯笼时，1.6×3＜6，∴顶点一侧最多悬挂3盏灯笼，∵灯笼挂满后成轴对称分布，∴共可挂7盏灯笼，∴最左边一盏灯笼的横坐标为：﹣1.6×3＝﹣4.8；方案二：如图3，∵若顶点一侧悬挂5盏灯笼时，0.8+1.6×（5﹣1）＞6，若顶点一侧悬挂4盏灯笼时，0.8+1.6×（4﹣1）＜6，∴顶点一侧最多悬挂4盏灯笼，∵灯笼挂满后成轴对称分布，∴共可挂8盏灯笼，∴最左边一盏灯笼的横坐标为：﹣0.8﹣1.6×3＝﹣5.6．六．平行四边形的判定与性质（共2小题）6．（2022•温州）如图，在△ABC中，AD⊥BC于点D，E，F分别是AC，AB的中点，O 是DF的中点，EO的延长线交线段BD于点G，连结DE，EF，FG．（1）求证：四边形DEFG是平行四边形．（2）当AD＝5，tan∠EDC＝时，求FG的长．【答案】（1）证明见解析；（2），【解答】（1）证明：∵E，F分别是AC，AB的中点，∴EF是△ABC的中位线，∴EF∥BC，∴∠EFO＝∠GDO，∵O是DF的中点，∴OF＝OD，在△OEF和△OGD中，，∴△OEF≌△OGD（ASA），∴EF＝GD，∴四边形DEFG是平行四边形．（2）解：∵AD⊥BC，∴∠ADC＝90°，∵E是AC的中点，∴DE＝AC＝CE，∴∠C＝∠EDC，∴tan C＝＝tan∠EDC＝，即＝，∴CD＝2，∴AC＝＝＝，∴DE＝AC＝，由（1）可知，四边形DEFG是平行四边形，∴FG＝DE＝．7．（2021•温州）如图，在▱ABCD中，E，F是对角线BD上的两点（点E在点F左侧），且∠AEB＝∠CFD＝90°．（1）求证：四边形AECF是平行四边形；（2）当AB＝5，tan∠ABE＝，∠CBE＝∠EAF时，求BD的长．【答案】见试题解答内容【解答】（1）证明：∵∠AEB＝∠CFD＝90°，∴AE⊥BD，CF⊥BD，∴AE∥CF，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB＝CD，AB∥CD，∴∠ABE＝∠CDF，在△ABE和△CDF中，，∴△ABE≌△CDF（AAS），∴AE＝CF，∴四边形AECF是平行四边形；（2）解：在Rt△ABE中，tan∠ABE＝＝，设AE＝3a，则BE＝4a，由勾股定理得：（3a）2+（4a）2＝52，解得：a＝1或a＝﹣1（舍去），∴AE＝3，BE＝4，由（1）得：四边形AECF是平行四边形，∴∠EAF＝∠ECF，CF＝AE＝3，∵∠CBE＝∠EAF，∴∠ECF＝∠CBE，∴tan∠CBE＝tan∠ECF，∴＝，∴CF2＝EF×BF，设EF＝x，则BF＝x+4，∴32＝x（x+4），解得：x＝﹣2或x＝﹣﹣2,（舍去），即EF＝﹣2，由（1）得：△ABE≌△CDF，∴BE＝DF＝4，∴BD＝BE+EF+DF＝4+﹣2+4＝6+．七．圆的综合题（共2小题）8．（2022•温州）如图1，AB为半圆O的直径，C为BA延长线上一点，CD切半圆于点D，BE⊥CD，交CD延长线于点E，交半圆于点F，已知BC＝5，BE＝3，点P，Q分别在线段AB，BE上（不与端点重合），且满足＝．设BQ＝x，CP＝y．（1）求半圆O的半径．（2）求y关于x的函数表达式．（3）如图2，过点P作PR⊥CE于点R，连结PQ，RQ．①当△PQR为直角三角形时，求x的值．②作点F关于QR的对称点F′，当点F′落在BC上时，求的值．【答案】（1）；（2）y＝；（3）①或；②．【解答】解：（1）如图1，连接OD，设半径为r，∵CD切半圆于点D，∴OD⊥CD，∵BE⊥CD，∴OD∥BE，∴△COD∽△CBE，∴，∴，解得r＝，∴半圆O的半径为；（2）由（1）得，CA＝CB﹣AB＝5﹣2×＝，∵＝，BQ＝x，∴AP＝，∴CP＝AP+AC，∴y＝；（3）①显然∠PRQ＜90°，所以分两种情形，当∠RPQ＝90°时，则四边形RPQE是矩形，∴PR＝QE，∵PR＝PC×sin C＝，∴，∴x＝，当∠PQR＝90°时，过点P作PH⊥BE于点H，如图，则四边形PHER是矩形，∴PH＝RE，EH＝PR，∵CR＝CP•cos C＝，∴PH＝RE＝3﹣x＝EQ，∴∠EQR＝∠ERQ＝45°，∴∠PQH＝45°＝∠QPH，∴HQ＝HP＝3﹣x，由EH＝PR得：（3﹣x）+（3﹣x）＝，∴x＝，综上，x的值为或；②如图，连接AF，QF'，由对称可知QF＝QF'，∵CP＝，∴CR＝x+1，∴ER＝3﹣x，∵BQ＝x，∴EQ＝3﹣x，∴ER＝EQ，∴∠F'QR＝∠EQR＝45°，∴∠BQF'＝90°，∴QF＝QF'＝BQ•tan B＝，∵AB是半圆O的直径，∴∠AFB＝90°，∴BF＝AB•cos B＝，∴，∴x＝，∴．9．（2021•温州）如图，在平面直角坐标系中，⊙M经过原点O，分别交x轴、y轴于点A （2，0），B（0，8），连结AB．直线CM分别交⊙M于点D，E（点D在左侧），交x轴于点C（17，0），连结AE．（1）求⊙M的半径和直线CM的函数表达式；（2）求点D，E的坐标；（3）点P在线段AC上，连结PE．当∠AEP与△OBD的一个内角相等时，求所有满足条件的OP的长．【答案】见试题解答内容【解答】解：（1）∵∠AOB＝90°，∴AB为⊙M的直径，∵点M是AB的中点，则点M（1，4），则圆的半径为AM＝＝，设直线CM的表达式为y＝kx+b，则，解得，故直线CM的表达式为y＝﹣x+；（2）设点D的坐标为（x，﹣x+），由AM＝得：（x﹣1）2+（﹣x+﹣4）2＝（）2，解得x＝5或﹣3，故点D、E的坐标分别为（﹣3，5）、（5，3）；（3）过点D作DH⊥OB于点H，则DH＝3，BH＝8﹣5＝3＝DH，故∠DBO＝45°，由点A、E的坐标，同理可得∠EAP＝45°；由点A、E、B、D的坐标得，AE＝＝3，同理可得：BD＝3，OB＝8，①当∠AEP＝∠DBO＝45°时，则△AEP为等腰直角三角形，EP⊥AC，故点P的坐标为（5，0），故OP＝5；②∠AEP＝∠BDO时，∵∠EAP＝∠DBO，∴△EAP∽△DBO，∴，即＝＝，解得AP＝8，故PO＝10；③∠AEP＝∠BOD时，∵∠EAP＝∠DBO，∴△EAP∽△OBD，∴，即，解得AP＝，则PO＝2+＝，综上所述，OP为5或10或．八．利用平移设计图案（共1小题）10．（2021•温州）如图中4×4与6×6的方格都是由边长为1的小正方形组成．图1是绘成的七巧板图案，它由7个图形组成，请按以下要求选择其中一个并在图2、图3中画出相应的格点图形（顶点均在格点上）．（1）选一个四边形画在图2中，使点P为它的一个顶点，并画出将它向右平移3个单位后所得的图形．（2）选一个合适的三角形，将它的各边长扩大到原来的倍，画在图3中．【答案】见试题解答内容【解答】解：（1）如图2所示，即为所求；（2）如图3所示，即为所求．九．作图-旋转变换（共1小题）11．（2023•温州）如图，在2×4的方格纸ABCD中，每个小方格的边长为1．已知格点P，请按要求画格点三角形（顶点均在格点上）．（1）在图1中画一个等腰三角形PEF，使底边长为，点E在BC上，点F在AD上，再画出该三角形绕矩形ABCD的中心旋转180°后的图形；（2）在图2中画一个Rt△PQR，使∠P＝45°，点Q在BC上，点R在AD上，再画出该三角形向右平移1个单位后的图形．【答案】（1）（2）作图见解析部分．【解答】解：（1）图形如图1所示（答案不唯一）；（2）图形如图2所示（答案不唯一）．一十．相似形综合题（共1小题）12．（2023•温州）如图1，AB为半圆O的直径，C为BA延长线上一点，CD切半圆于点D，BE⊥CD，交CD延长线于点E，交半圆于点F，已知OA＝，AC＝1．如图2，连结AF，P为线段AF上一点，过点P作BC的平行线分别交CE，BE于点M，N，过点P 作PH⊥AB于点H．设PH＝x，MN＝y．（1）求CE的长和y关于x的函数表达式；（2）当PH＜PN，且长度分别等于PH，PN，a的三条线段组成的三角形与△BCE相似时，求a的值；（3）延长PN交半圆O于点Q，当NQ＝x﹣3时，求MN的长．【答案】（1）CE＝，y＝﹣x+4；（2）a的值为或或；（3）MN的长为．【解答】解：（1）如图1，连接OD，∵CD切半圆O于点D，∴OD⊥CE，∵OA＝，AC＝1，∴OC＝，BC＝4，∴CD＝＝2，∵BE⊥CE，∴OD∥BE，∴，∴，∴CE＝，如图2，∵∠AFB＝∠E＝90°，∴AF∥CE，∴MN∥CB，∴四边形APMC是平行四边形，∴CM＝PA＝＝＝＝x，∵NM∥BC，∴△BCE∽△NME，∴，∴＝，∴y＝﹣x+4；（2）∵PN＝y﹣1＝﹣x+4﹣1＝﹣x+3，PH＜PN，△BCE的三边之比为3：4：5，∴可分为三种情况，当PH：PN＝3：5时，x＝﹣x+3，解得：x＝，∴a＝x＝，当PH：PN＝4：5时，x＝﹣x+3，解得：x＝，∴a＝x＝，当PH：PN＝3：4时，x＝﹣x+3，解得：x＝，∴a＝x＝，综上所述：a的值为或或；（3）如图3，连接AQ，BQ，过点Q作QG⊥AB于点G，则∠AQB ＝∠AGQ ＝90°，PH ＝QG ＝x ，∴∠QAB ＝∠BQG ，∵NQ ＝x ﹣3，PN ＝y ﹣1＝﹣x +3，∴HG ＝PQ ＝NQ +PN ＝x ，∵AH ＝x ，∴AG ＝AH +HG ＝3x ，∴tan ∠BQG ＝tan ∠QAB ＝＝＝，∴BG ＝QG ＝x ，∴AB ＝AG +BG ＝x ＝3，∴x ＝，∴y ＝﹣x +4＝，∴MN 的长为．一十一．解直角三角形的应用-仰角俯角问题（共1小题）13．（2023•温州）根据背景素材，探索解决问题．测算发射塔的高度背景素材某兴趣小组在一幢楼房窗口测算远处小山坡上发射塔的高度MN （如图1），他们通过自制的测倾仪（如图2）在A ，B ，C 三个位置观测，测倾仪上的示数如图3所示．经讨论，只需选择其中两个合适的位置，通过测量、换算就能计算发射塔的高度问题解决分析规划选择两个观测位置：点 A 和点 B （答案不唯一）　．任务1获取数据写出所选位置观测角的正切值，并量出观测点之间的图上距离．任务2推理计算计算发射塔的图上高度MN ．任务3换算高度楼房实际宽度DE 为12米，请通过测量换算发射塔的实际高度．注：测量时，以答题纸上的图上距离为准，并精确到1mm ．【答案】任务1：A 、B ；tan ∠1＝，tan ∠2＝，tan ∠3＝，测得图上AB ＝4mm ，任务2：MN ＝18mm ；任务3：43.2m ．【解答】解：任务1：【分析规划】选择点A 和点B（答案不唯一），故答案为：A 、B （答案不唯一）；【获取数据】tan ∠1＝，tan ∠2＝，tan ∠3＝，测得图上AB ＝4mm ；任务2：如图1，过点A 作AF ⊥MN 于点F ，过点B 作BG ⊥MN 于点G ，则FG ＝AB ＝4mm，设MF＝xmm，则MG＝（x+4）mm，∵tan∠MAF＝＝，tan∠MBG＝＝，∴AF＝4x，BG＝3x+12，∵AF＝BG，即4x＝3x+12，∴x＝12，即MF＝12mm，∴AF＝BG＝4x＝48（mm），∵tan∠FAN＝＝，∴FN＝6mm，∴MN＝MF+FN＝12+6＝18（mm），任务3：测得图上DE＝5mm，设发射塔的实际高度为hm，由题意得，＝，解得h＝43.2（m），∴发射塔的实际高度为43.2m．。

2020年浙江省台州市中考数学试卷附答案

2020年浙江省台州市中考数学试卷附答案

2020年浙江省台州市中考数学试卷附答案2020年浙江省台州市中考数学试卷题号⼀⼆三四总分得分⼀、选择题（本⼤题共10⼩题，共40.0分）1.计算1-3的结果是（）A. 2B. -2C. -4D. 42.⽤三个相同的正⽅体搭成如图所⽰的⽴体图形，则该⽴体图形的主视图是（）A. B. C. D.3.计算2a2?3a4的结果是（）A. 5a6B. 5a8C. 6a6D. 6a84.⽆理数在（）A. 2和3之间B. 3和4之间C. 4和5之间D. 5和6之间5.在⼀次数学测试中，⼩明成绩72分，超过班级半数同学的成绩，分折得出这个结论所⽤的统计量是（）A. 中位数B. 众数C. 平均数D. ⽅差6.如图，把△ABC先向右平移3个单位，再向上平移2个单位得到△DEF，则顶点C（0，-1）对应点的坐标为（）A. （0，0）B. （1，2）C. （1，3）D. （3，1）7.如图，已知线段AB，分别以A，B为圆⼼，⼤于AB同样长为半径画弧，两弧交于点C，D，连接AC，AD，BC，BD，CD，则下列说法错误的是（）A. AB平分∠CADB. CD平分∠ACBC. AB⊥CDD. AB=CD8.下列是关于某个四边形的三个结论：①它的对⾓线相等；②它是⼀个正⽅形；③它是⼀个矩形．下列推理过程正确的是（）A. 由②推出③，由③推出①B. 由①推出②，由②推出③C. 由③推出①，由①推出②D. 由①推出③，由③推出②9.如图1，⼩球从左侧的斜坡滚下，到达底端后⼜沿着右侧斜坡向上滚，在这个过程中，⼩球的运动速度v（单位：m/s）与运动时间t（单位：s）的函数图象如图2，则该⼩球的运动路程y（单位：m）与运动时间t（单位：s）之间的函数图象⼤致是（）A. B.C. D.10.把⼀张宽为1cm的长⽅形纸⽚ABCD折叠成如图所⽰的阴影图案，顶点A，D互相重合，中间空⽩部分是以E为直⾓顶点，腰长为2cm的等腰直⾓三⾓形，则纸⽚的长AD（单位：cm）为（）A.7+3 B. 7+4 C. 8+3 D. 8+4⼆、填空题（本⼤题共6⼩题，共30.0分）11.因式分解：x2-9=______．12.计算的结果是______．13.如图，等边三⾓形纸⽚ABC的边长为6，E，F是边BC上的三等分点．分别过点E，F沿着平⾏于BA，CA⽅向各剪⼀⼑，则剪下的△DEF的周长是______．14.甲、⼄两位同学在10次定点投篮训练中（每次训练投8个），各次训练成绩（投中个数）的折线统计图如图所⽰，他们成绩的⽅差分别为s甲2与S⼄2，则s甲2______S⼄2．（填“＞”、“=”、“＜“中的⼀个）15.如图，在△ABC中，D是边BC上的⼀点，以AD为直径的⊙O交AC于点E，连接DE．若⊙O与BC相切，∠ADE=55°，则∠C的度数为______．16.⽤四块⼤正⽅形地砖和⼀块⼩正⽅形地砖拼成如图所⽰的实线图案，每块⼤正⽅形地砖⾯积为a，⼩正⽅形地砖⾯积为b，依次连接四块⼤正⽅形地砖的中⼼得到正⽅形ABCD．则正⽅形ABCD的⾯积为______．（⽤含a，b的代数式表⽰）三、计算题（本⼤题共1⼩题，共8.0分）17.解⽅程组：．四、解答题（本⼤题共7⼩题，共72.0分）18.计算：|-3|+-．19.⼈字折叠梯完全打开后如图1所⽰，B，C是折叠梯的两个着地点，D是折叠梯最⾼级踏板的固定点．图2是它的⽰意图，AB=AC，BD=140cm，∠BAC=40°，求点D 离地⾯的⾼度DE．（结果精确到0.1cm；参考数据sin70°≈0.94，cos70°≈0.34，sin20°≈0.34，cos20°≈0.94）20.⼩明同学训练某种运算技能，每次训练完成相同数量的题⽬，各次训练题⽬难度相当．当训练次数不超过15次时，完成⼀次训练所需要的时间y（单位：秒）与训练次数x（单位：次）之间满⾜如图所⽰的反⽐例函数关系．完成第3次训练所需时间为400秒．（1）求y与x之间的函数关系式；（2）当x的值为6，8，10时，对应的函数值分别为y1，y2，y3，⽐较（y1-y2）与（y2-y3）的⼤⼩：y1-y2______y2-y3．21.如图，已知AB=AC，AD=AE，BD和CE相交于点O．（1）求证：△ABD≌△ACE；（2）判断△BOC的形状，并说明理由．22.新冠疫情期间，某校开展线上教学，有“录播”和“直播”两种教学⽅式供学⽣选择其中⼀种．为分析该校学⽣线上学习情况，在接受这两种教学⽅式的学⽣中各随机抽取40⼈调查学习参与度，数据整理结果如表（数据分组包含左端值不包含右端值）．参与度0.2～0.40.4～0.60.6～0.80.8～1⼈数⽅式录播416128（1）你认为哪种教学⽅式学⽣的参与度更⾼？简要说明理由．（2）从教学⽅式为“直播”的学⽣中任意抽取⼀位学⽣，估计该学⽣的参与度在0.8及以上的概率是多少？（3）该校共有800名学⽣，选择“录播”和“直播”的⼈数之⽐为1：3，估计参与度在0.4以下的共有多少⼈？23.如图，在△ABC中，∠ACB=90°，将△ABC沿直线AB翻折得到△ABD，连接CD交AB于点M．E是线段CM上的点，连接BE．F是△BDE的外接圆与AD的另⼀个交点，连接EF，BF．（1）求证：△BEF是直⾓三⾓形；（2）求证：△BEF∽△BCA；（3）当AB=6，BC=m时，在线段CM上存在点E，使得EF和AB互相平分，求m 的值．24.⽤各种盛⽔容器可以制作精致的家⽤流⽔景观（如图1）．科学原理：如图2，始终盛满⽔的圆体⽔桶⽔⾯离地⾯的⾼度为H（单位：cm），如果在离⽔⾯竖直距离为h（单位：cm）的地⽅开⼤⼩合适的⼩孔，那么从⼩孔射出⽔的射程（⽔流落地点离⼩孔的⽔平距离）s（单位：cm）与h的关系为s2=4h（H-h）．应⽤思考：现⽤⾼度为20cm的圆柱体望料⽔瓶做相关研究，⽔瓶直⽴地⾯，通过连注⽔保证它始终盛满⽔，在离⽔⾯竖直距⾼hcm处开⼀个⼩孔．（1）写出s2与h的关系式；并求出当h为何值时，射程s有最⼤值，最⼤射程是多少？（2）在侧⾯开两个⼩孔，这两个⼩孔离⽔⾯的竖直距离分别为a，b，要使两孔射出⽔的射程相同，求a，b之间的关系式；（3）如果想通过垫⾼塑料⽔瓶，使射出⽔的最⼤射程增加16cm，求整⾼的⾼度及⼩孔离⽔⾯的竖直距离．答案和解析1.【答案】B【解析】解：1-3=1+（-3）=-2．故选：B．根据有理数的加减法法则计算即可判断．本题主要考查了有理数的减法法则，减去⼀个数，等于加上这个数的相反数．【解析】解：根据主视图的意义可知，选项A符合题意，故选：A．从正⾯看所得到的图形即为主视图，因此选项A的图形符合题意．考查简单⼏何体的三视图的画法，从不同⽅向对问题进⾏正投影所得到的图形分别为主视图、左视图、俯视图．3.【答案】C【解析】解：2a2?3a4=6a6．故选：C．直接利⽤单项式乘单项式运算法则计算得出答案．此题主要考查了单项式乘单项式，正确掌握相关运算法则是解题关键．4.【答案】B【解析】解：∵3＜＜4，故选：B．由＜＜可以得到答案．此题考查了估算⽆理数的⼤⼩，熟练掌握估算⽆理数的⽅法是解本题的关键．5.【答案】A【解析】解：班级数学成绩排列后，最中间⼀个数或最中间两个分数的平均数是这组成绩的中位数，半数同学的成绩位于中位数或中位数以下，⼩明成绩超过班级半数同学的成绩所⽤的统计量是中位数，故选：A．根据中位数的意义求解可得．本题主要考查统计量的选择，解题的关键是掌握中位数、众数、平均数及⽅差的定义和意义．6.【答案】D【解析】解：∵把△ABC先向右平移3个单位，再向上平移2个单位得到△DEF，顶点C （0，-1），∴C（0+3，-1+2），即C（3，1），故选：D．利⽤平移规律进⽽得出答案．此题主要考查了坐标与图形变化-平移，正确得出对应点位置是解题关键．7.【答案】D【解析】解：由作图知AC=AD=BC=BD，∴四边形ACBD是菱形，∴AB平分∠CAD、CD平分∠ACB、AB⊥CD，不能判断AB=CD，根据作图判断出四边形ACBD是菱形，再根据菱形的性质：菱形的对⾓线平分⼀组对⾓、菱形的对⾓线互相垂直平分可得出答案．本题主要考查作图-基本作图，解题的关键是掌握菱形的判定与性质．8.【答案】A【解析】解：对⾓线相等的四边形推不出是正⽅形或矩形，故①→②，①→③错误，故选项B，C，D错误，故选：A．根据对⾓线相等的四边形推不出是正⽅形或矩形即可判断．本题考查正⽅形的判定和性质，矩形的判定等知识，解题的关键是灵活运⽤所学知识解决问题，属于中考常考题型．9.【答案】C【解析】解：⼩球从左侧的斜坡滚下是匀变速运动，运动的路程y是t的⼆次函数，图象是先缓后陡，在右侧上升时，情形与左侧相反，故选：C．⼩球从左侧的斜坡滚下是匀变速运动，运动的路程y是t的⼆次函数，图象是先缓后陡，由此即可判断．本题考查动点问题函数图象，解题的关键是理解题意，灵活运⽤所学知识解决问题．10.【答案】D【解析】解：如图，过点M作MH⊥A′R于H，过点N作NJ⊥A′W于J．由题意△EMN是等腰直⾓三⾓形，EM=EN=2，MN=2，∵四边形EMHK是矩形，∴EK=A′K=MH=1，KH=EM=2，∵△RMH是等腰直⾓三⾓形，∴RH=MH=1，RM=，同法可证NW=，由题意AR=RA′=A′W=WD=4，∴AD=AR+RM+MN+NW+DW=4++2++4=8+4，故选：D．如图，过点M作MH⊥A′R于H，过点N作NJ⊥A′W于J．想办法求出AR，RM，MN ，NW，WD即可解决问题．本题考查翻折变换，等腰直⾓三⾓形的判定和性质，矩形的性质等知识，解题的关键是学会添加常⽤辅助线，构造特殊三⾓形或特殊四边形解决问题．11.【答案】（x+3）（x-3）【解析】【分析】本题考查了因式分解-运⽤公式法，熟练掌握平⽅差公式是解本题的关键．原式利⽤平⽅差公式分解即可．解：原式=（x+3）（x-3），故答案为：（x+3）（x-3）．12.【答案】【解析】解：=-=．故答案为：．先通分，再相减即可求解．考查了分式加减法，把分母不相同的⼏个分式化成分母相同的分式，叫做通分，经过通分，异分母分式的加减就转化为同分母分式的加减．13.【答案】6【解析】解：∵等边三⾓形纸⽚ABC的边长为6，E，F是边BC上的三等分点，∴EF=2，∵DE∥AB，DF∥AC，∴△DEF是等边三⾓形，∴剪下的△DEF的周长是2×3=6．故答案为：6．根据三等分点的定义可求EF的长，再根据等边三⾓形的判定与性质即可求解．考查了等边三⾓形的性质，平⾏线的性质，关键是证明△DEF是等边三⾓形．14.【答案】＜【解析】解：由折线统计图得⼄同学的成绩波动较⼤，所以s甲2＜S⼄2．故答案为：＜．利⽤折线统计图可判断⼄同学的成绩波动较⼤，然后根据⽅差的意义可得到甲、⼄的⽅差的⼤⼩．本题考查了条形统计图：条形统计图是⽤线段长度表⽰数据，根据数量的多少画成长短不同的矩形直条，然后按顺序把这些直条排列起来．也考查了⽅差的意义．15.【答案】55°【解析】解：∵AD为⊙O的直径，∴∠AED=90°，∴∠ADE+∠DAE=90°；∵⊙O与BC相切，∴∠ADC=90°，∴∠C+∠DAE=90°，∴∠C=∠ADE，∵∠ADE=55°，∴∠C=55°．故答案为：55°．由直径所对的圆周⾓为直⾓得∠AED=90°，由切线的性质可得∠ADC=90°，然后由同⾓的余⾓相等可得∠C=∠ADE=55°．本题考查了切线的性质、圆的相关概念及性质及互余关系等知识点，熟练掌握圆的相关性质是解题的关键．16.【答案】a+b【解析】解：如图，正⽅形ABCD是由4个直⾓三⾓形和⼀个⼩正⽅形组成，4个直⾓三⾓形的⾯积和等于⼤正⽅形的⾯积a．故正⽅形ABCD的⾯积=a+b．故答案为a+b．如图，正⽅形ABCD是由4个直⾓三⾓形和⼀个⼩正⽅形组成，4个直⾓三⾓形的⾯积和等于⼤正⽅形的⾯积a，由此即可解决问题．本题考查中⼼对称，全等三⾓形的判定和性质，图形的拼剪等知识，解题的关键灵活运⽤所学知识解决问题，属于中考常考题型．17.【答案】解：，①+②得：4x=8，解得：x=2，把x=2代⼊①得：y=1，则该⽅程组的解为【解析】⽅程组利⽤加减消元法求出解即可．此题考查了解⼆元⼀次⽅程组，利⽤了消元的思想，消元的⽅法有：代⼊消元法与加减消元法．18.【答案】解：原式=3+2-=3+．【解析】直接利⽤绝对值的性质和⼆次根式的性质化简得出答案．此题主要考查了实数运算，正确化简⼆次根式是解题关键．19.【答案】解：过点A作AF⊥BC于点F，则AF∥DE，∴∠BDE=∠BAF，∵AB=AC，∠BAC=40°，∴∠BDE=∠BAF=20°，∴DE=BD?cos20°≈140×0.94=131.6（cm）．答：点D离地⾯的⾼度DE约为131.6cm．【解析】过点A作AF⊥BC于点F，根据等腰三⾓形的三线合⼀性质得∠BAF的度数，进⽽得∠BDE的度数，再解直⾓三⾓形得结果．本题主要考查了解直⾓三⾓形，等腰三⾓形的性质，关键是构造直⾓三⾓形求得∠BDE 的度数．20.【答案】＞【解析】解：（1）设y与x之间的函数关系式为：y=，把（3，400）代⼊y=得，400=，解得：k=1200，∴y与x之间的函数关系式为y=；（2）把x=6，8，10分别代⼊y=得，y1==200，y2==150，y3==120，∵y1-y2=200-150=50，y2-y3=150-120=30，∵50＞30，∴y1-y2＞y2-y3，故答案为：＞．（1）设y与x之间的函数关系式为：y=，把（3，400）代⼊y=即可得到结论，（2）把x=6，8，10分别代⼊y=得到求得y1，y2，y3值，即可得到结论．本题考查了反⽐例函数的应⽤，待定系数法求函数的解析式，反⽐例函数的性质，正确的理解题意是解题的关键．21.【答案】证明：（1）∵AB=AC，∠BAD=∠CAE，AD=AE，∴△ABD≌△ACE（SAS）；（2）△BOC是等腰三⾓形，理由如下：∵△ABD≌△ACE，∴∠ABD=∠ACE，∵AB=AC，∴∠ABC=∠ACB，∴∠ABC-∠ABD=∠ACB-∠ACE，∴∠OBC=∠OCB，∴BO=CO，∴△BOC是等腰三⾓形．【解析】（1）由“SAS”可证△ABD≌△ACE；（2）由全等三⾓形的性质可得∠ABD=∠ACE，由等腰三⾓形的性质可得∠ABC=∠ACB，可求∠OBC=∠OCB，可得BO=CO，即可得结论．本题考查了全等三⾓形的判定和性质，等腰三⾓形的判定和性质，灵活运⽤全等三⾓形的性质是本题的关键．22.【答案】解：（1）“直播”教学⽅式学⽣的参与度更⾼：理由：“直播”参与度在0.6以上的⼈数为28⼈，“录播”参与度在0.6以上的⼈数为20⼈，参与度在0.6以上的“直播”⼈数远多于“录播”⼈数，所以“直播”教学⽅式学⽣的参与度更⾼；（2）12÷40=0.3=30%，答：估计该学⽣的参与度在0.8及以上的概率是30%；（3）“录播”总学⽣数为800×=200（⼈），“直播”总学⽣数为800×=600（⼈），所以“录播”参与度在0.4以下的学⽣数为200×=20（⼈），“直播”参与度在0.4以下的学⽣数为600×=30（⼈），所以参与度在0.4以下的学⽣共有20+30=50（⼈）．【解析】（1）根据表格数据得出两种教学⽅式参与度在0.6以上的⼈数，⽐较即可作出判断；（2）⽤表格中“直播”教学⽅式学⽣参与度在0.8以上的⼈数除以被调查的总⼈数即可估计对应概率；（3）先根据“录播”和“直播”的⼈数之⽐为1：3及该校学⽣总⼈数求出“直播”、“录播”⼈数，再分别乘以两种教学⽅式中参与度在0.4以下⼈数所占⽐例求出对应⼈数，再相加即可得出答案．本题主要考查利⽤频率估计概率，⼤量重复实验时，事件发⽣的频率在某个固定位置左右摆动，并且摆动的幅度越来越⼩，根据这个频率稳定性定理，可以⽤频率的集中趋势来估计概率，这个固定的近似值就是这个事件的概率．23.【答案】（1）证明：∵∠EFB=∠∠EDB，∠EBF=∠EDF，∴∠EFB+∠EBF=∠EDB+∠EDF=∠ADB=90°，∴∠BEF=90°，∴△BEF是直⾓三⾓形．（2）证明：∵BC=BD，∴∠BDC=∠BCD，∵∠EFB=∠EDB，∴∠EFB=∠BCD，∵AC=AD，BC=BD，∴AB⊥CD，∴∠AMC=90°，∵∠BCD+∠ACD=∠ACD+∠CAB=90°，∴∠BCD=∠CAB，∴∠BFE=∠CAB，∵∠ACB=∠FEB=90°，∴△BEF∽△BCA．（3）解：设EF交AB于J．连接AE．∵EF与AB互相平分，∴四边形AFBE是平⾏四边形，∴∠EFA=∠FEB=90°，即EF⊥AD，∵BD⊥AD，∴EF∥BD，∵AJ=JB，∴AF=DF，∴FJ=BD=，∴EF=m，∵△ABC∽△CBM，∴BC：MB=AB：BC，∴BM=，∵△BEJ∽△BME，∴BE：BM=BJ：BE，∴BE=，∵△BEF∽△BCA，∴=，即=，解得m=2（负根已经舍弃）．【解析】（1）想办法证明∠BEF=90°即可解决问题（也可以利⽤圆内接四边形的性质直接证明）．（2）根据两⾓对应相等两三⾓形相似证明．（3）证明四边形AFBE是平⾏四边形，推出FJ=BD=，EF=m，由△ABC∽△CBM，可得BM=，由△BEJ∽△BME，可得BE=，由△BEF∽△BCA，推出=，由此构建⽅程求解即可．本题属于圆综合题，考查了圆周⾓定理，相似三⾓形的判定和性质平⾏四边形的判定和性质等知识，解题的关键是学会利⽤参数构建⽅程解决问题，属于中考压轴题．24.【答案】解：（1）∵s2=4h（H-h），∴当H=20时，s2=4h（20-h）=-4（h-10）2+400，∴当h=10时，s2有最⼤值400，∴当h=10时，s有最⼤值20cm．∴当h为何值时，射程s有最⼤值，最⼤射程是20cm；（2）∵s2=4h（20-h），设存在a，b，使两孔射出⽔的射程相同，则有：4a（20-a）=4b（20-b），∴20a-a2=20b-b2，∴a2-b2=20a-20b，∴（a+b）（a-b）=20（a-b），∴（a-b）（a+b-20）=0，∴a-b=0，或a+b-20=0，∴a=b或a+b=20；（3）设垫⾼的⾼度为m，则s2=4h（20+m-h）=-4+（20+m）2，∴当h=时，s max=20+m=20+16，∴m=16，此时h==18．∴垫⾼的⾼度为16cm，⼩孔离⽔⾯的竖直距离为18cm．【解析】（1）将s2=4h（20-h）写成顶点式，按照⼆次函数的性质得出s2的最⼤值，再求s2的算术平⽅根即可；（2）设存在a，b，使两孔射出⽔的射程相同，则4a（20-a）=4b（20-b），利⽤因式分解变形即可得出答案；（3）设垫⾼的⾼度为m，写出此时s2关于h的函数关系式，根据⼆次函数的性质可得答案．本题考查了⼆次函数在实际问题中的应⽤，理清题中的数量关系并明确⼆次函数的性质是解题的关键．。

浙江省2020年中考数学试卷及详细答

浙江省2020年中考数学试卷及详细答

浙江省2020年中考数学试卷及详细答2020年中考数学试卷一、选择题（本题有1小题，每小题4分，共40分。

每小题只有一个选项是正确的，不选、多选、错选，均不给分）1.（4分）给出四个实数：A。

2，B。

-1，C。

2，D。

-1.其中负数是（）2.（4分）移动台阶如图所示，它的主视图是（）3.（4分）计算a6·a2的结果是（）4.（4分）某校九年级“诗歌大会”比赛中，各班代表队得分如下（单位：分）：9，7，8，7，9，7，6，则各代表队得分的中位数是（）5.（4分）在一个不透明的袋中装有10个只有颜色不同的球，其中5个红球、3个黄球和2个白球。

从袋中任意摸出一个球，是白球的概率为（）6.（4分）若分式的值为，则x的值是（）小幅度改写：1.（4分）给出四个实数：A。

2，B。

-1，C。

2，D。

-1.其中负数是（B）。

2.（4分）移动台阶如图所示，它的主视图是（A）。

3.（4分）计算a6·a2的结果是（a8）。

4.（4分）某校九年级“诗歌大会”比赛中，各班代表队得分如下（单位：分）：9，7，8，7，9，7，6，则各代表队得分的中位数是（8分）。

5.（4分）在一个不透明的袋中装有10个只有颜色不同的球，其中5个红球、3个黄球和2个白球。

从袋中任意摸出一个球，是白球的概率为（1/5）。

6.（4分）若分式的值为，则x的值是（-2）。

7.已知直角三角形的直角顶点与原点重合，另两个顶点A(-1,0)和B(0,y)。

将三角形向右平移，使点A与原点重合，得到△OCB'，求点B'的坐标。

答案：B'的坐标为(1,y)。

8.有466人参加社会实践活动，使用49座和37座两种客车共10辆，每辆车都坐满。

设49座客车的数量为x，37座客车的数量为y，则可以列出方程组：49x + 37y = 466x + y = 10求解这个方程组，可以得到x=3，y=7，因此使用3辆49座客车和7辆37座客车。

浙江省各地市2023-中考数学真题分类汇编-03解答题(提升题)知识点分类②

浙江省各地市2023-中考数学真题分类汇编-03解答题(提升题)知识点分类②

浙江省各地市2023-中考数学真题分类汇编-03解答题（提升题）知识点分类②一．实数的运算（共1小题）1．（2023•金华）计算：（﹣2023）0+﹣2sin30°+|﹣5|．二．解二元一次方程组（共1小题）2．（2023•台州）解方程组：．三．一次函数的应用（共2小题）3．（2023•金华）兄妹俩放学后沿图1中的马路从学校出发，到书吧看书后回家，哥哥步行先出发，途中速度保持不变：妹妹骑车，到书吧前的速度为200米/分，图2中的图象分别表示两人离学校的路程s（米）与哥哥离开学校的时间t（分）的函数关系．（1）求哥哥步行的速度．（2）已知妹妹比哥哥迟2分钟到书吧．①求图中a的值；②妹妹在书吧待了10分钟后回家，速度是哥哥的1.6倍，能否在哥哥到家前追上哥哥？若能，求追上时兄妹俩离家还有多远；若不能，说明理由．4．（2023•台州）【问题背景】“刻漏”是我国古代的一种利用水流计时的工具．综合实践小组准备用甲、乙两个透明的竖直放置的容器和一根带节流阀（控制水的流速大小）的软管制作简易计时装置．【实验操作】综合实践小组设计了如下的实验：先在甲容器里加满水，此时水面高度为30cm，开始放水后每隔10min观察一次甲容器中的水面高度，获得的数据如表：流水时间t/min010203040水面高度h/cm（观察值）302928.12725.8任务1：分别计算表中每隔10min水面高度观察值的变化量．【建立模型】小组讨论发现：“t＝0，h＝30”是初始状态下的准确数据，水面高度值的变化不均匀，但可以用一次函数近似地刻画水面高度h与流水时间t的关系．任务2：利用t＝0时，h＝30；t＝10时，h＝29这两组数据求水面高度h与流水时间t的函数解析式；【反思优化】经检验，发现有两组表中观察值不满足任务2中求出的函数解析式，存在偏差，小组决定优化函数解析式，减少偏差．通过查阅资料后知道：t为表中数据时，根据解析式求出所对应的函数值，计算这些函数值与对应h的观察值之差的平方和，记为w；w越小，偏差越小．任务3：（1）计算任务2得到的函数解析式的w值；（2）请确定经过（0，30）的一次函数解析式，使得w的值最小；【设计刻度】得到优化的函数解析式后，综合实践小组决定在甲容器外壁设计刻度，通过刻度直接读取时间．任务4：请你简要写出时间刻度的设计方案．四．反比例函数与一次函数的交点问题（共1小题）5．（2023•杭州）在直角坐标系中，已知k1k2≠0，设函数y1＝与函数y2＝k2（x﹣2）+5的图象交于点A和点B．已知点A的横坐标是2，点B的纵坐标是﹣4．（1）求k1，k2的值．（2）过点A作y轴的垂线，过点B作x轴的垂线，在第二象限交于点C；过点A作x轴的垂线，过点B作y轴的垂线，在第四象限交于点D．求证：直线CD经过原点．五．勾股定理的逆定理（共1小题）6．（2023•金华）如图，为制作角度尺，将长为10，宽为4的矩形OABC 分割成4×10的小正方形网格，在该矩形边上取点P ，来表示∠POA 的度数，阅读以下作图过程，并回答下列问题：作法（如图）结论①在CB 上取点P 1，使CP 1＝4．∠P 1OA ＝45°，点P 1表示45°．②以O 为圆心，8为半径作弧，与BC 交于点P 2．∠P 2OA ＝30°，点P 2表示30°．③分别以O ，P 2为圆心，大于OP 2长度一半的长为半径作弧，相交于点E ，F ，连接EF 与BC相交于点P 3．…④以P 2为圆心，OP 2的长为半径作弧，与射线CB 交于点D ，连结OD 交AB 于点P 4．…（1）分别求点P 3，P 4表示的度数．（2）用直尺和圆规在该矩形的边上作点P 5，使该点表示37.5°（保留作图痕迹，不写作法）．六．三角形综合题（共1小题）7．（2023•金华）问题：如何设计“倍力桥”的结构？图1是搭成的“倍力桥”，纵梁a，c夹住横梁b，使得横梁不能移动，结构稳固．图2是长为l（cm），宽为3cm的横梁侧面示意图，三个凹槽都是半径为1cm的半圆，圆心分别为O1，O2，O3，O1M＝O1N，O2Q＝O3P＝2cm，纵梁是底面半径为1cm的圆柱体，用相同规格的横梁、纵梁搭“桥”，间隙忽略不计．探究1：图3是“桥”侧面示意图，A，B为横梁与地面的交点，C，E为圆心，D，H1，H2是横梁侧面两边的交点，测得AB＝32cm，点C到AB的距离为12cm，试判断四边形CDEH1的形状，并求l的值．探究2：若搭成的“桥”刚好能绕成环，其侧面示意图的内部形成一个多边形．①若有12根横梁绕成环，图4是其侧面示意图，内部形成十二边形H1H2H3…H12，求l的值；②若有n根横梁绕成的环（n为偶数，且n≥6），试用关于n的代数式表示内部形成的多边形H1H2H3…H n的周长．七．四边形综合题（共1小题）8．（2023•绍兴）在平行四边形ABCD中（顶点A，B，C，D按逆时针方向排列），AB＝12，AD＝10，∠B为锐角，且sin B＝．（1）如图1，求AB边上的高CH的长；（2）P是边AB上的一动点，点C，D同时绕点P按逆时针方向旋转90°得点C'，D'，①如图2，当C'落在射线CA上时，求BP的长；②当△AC'D'是直角三角形时，求BP的长．9．（2023•台州）如图，四边形ABCD中，AD∥BC，∠A＝∠C，BD为对角线．（1）证明：四边形ABCD是平行四边形；（2）已知AD＞AB，请用无刻度的直尺和圆规作菱形BEDF，顶点E，F分别在边BC，AD上（保留作图痕迹，不要求写作法）．九．解直角三角形的应用（共1小题）10．（2023•台州）教室里的投影仪投影时，可以把投影光线CA，CB及在黑板上的投影图象高度AB抽象成如图所示的△ABC，∠BAC＝90°，黑板上投影图象的高度AB＝120cm，CB与AB的夹角∠B＝33.7°，求AC的长．（结果精确到1cm．参考数据：sin33.7°≈0.55，cos33.7°≈0.83，tan33.7°≈0.67）一十．统计量的选择（共1小题）11．（2023•台州）为了改进几何教学，张老师选择A，B两班进行教学实验研究，在实验班B实施新的教学方法，在控制班A采用原来的教学方法．在实验开始前，进行一次几何能力测试（前测，总分25分），经过一段时间的教学后，再用难度、题型、总分相同的试卷进行测试（后测），得到前测和后测数据并整理成表1和表2．表1：前测数据测试分数x0＜x≤55＜x≤1010＜x≤1515＜x≤2020＜x≤25控制班A289931实验班B2510821表2：后测数据测试分数x0＜x≤55＜x≤1010＜x≤1515＜x≤2020＜x≤25控制班A14161262实验班B6811183（1）A，B两班的学生人数分别是多少？（2）请选择一种适当的统计量，分析比较A，B两班的后测数据．（3）通过分析前测、后测数据，请对张老师的教学实验效果进行评价．浙江省各地市2023-中考数学真题分类汇编-03解答题（提升题）知识点分类②参考答案与试题解析一．实数的运算（共1小题）1．（2023•金华）计算：（﹣2023）0+﹣2sin30°+|﹣5|．【答案】7．【解答】解：（﹣2023）0+﹣2sin30°+|﹣5|＝1+2﹣2×+5＝1+2﹣1+5＝7．二．解二元一次方程组（共1小题）2．（2023•台州）解方程组：．【答案】．【解答】解：，①+②得3x＝9，解得x＝3，把x＝3代入①，得3+y＝7，解得y＝4，∴方程组的解是．三．一次函数的应用（共2小题）3．（2023•金华）兄妹俩放学后沿图1中的马路从学校出发，到书吧看书后回家，哥哥步行先出发，途中速度保持不变：妹妹骑车，到书吧前的速度为200米/分，图2中的图象分别表示两人离学校的路程s（米）与哥哥离开学校的时间t（分）的函数关系．（1）求哥哥步行的速度．（2）已知妹妹比哥哥迟2分钟到书吧．①求图中a的值；②妹妹在书吧待了10分钟后回家，速度是哥哥的1.6倍，能否在哥哥到家前追上哥哥？若能，求追上时兄妹俩离家还有多远；若不能，说明理由．【答案】（1）100m/min．（2）①a＝6．②能，追上时兄妹俩离家300米远．【解答】解：（1）由A（8，800）可知哥哥的速度为：800÷8＝100（m/min）．（2）①∵妹妹骑车到书吧前的速度为200米/分，∴妹妹所用时间t为：800÷200＝4（min）．∵妹妹比哥哥迟2分钟到书吧，∴a＝8+2﹣4＝6．②由（1）可知：哥哥的速度为100m/min，∴设BC所在直线为s1＝100t+b，将B（17，800）代入得：800＝100×17+b，解得b＝﹣900．∴BC所在直线为：s1＝100t﹣900．当s1＝1900时，t哥哥＝28．∵返回时妹妹的速度是哥哥的1.6倍，∴妹妹的速度是160米/分．∴设妹妹返回时得解析式为s2＝160t+b，将F（20，800）代入得800＝160×20+b，解得b＝﹣2400，∴s2＝160t﹣2400．令s1＝s2，则有100t﹣900＝160t﹣2400，解得t＝25＜28，∴妹妹能追上哥哥，此时哥哥所走得路程为：800+（25﹣17）×100＝1600（米）．兄妹俩离家还有1900﹣1600＝300（米），即妹妹能追上哥哥，追上时兄妹俩离家300米远．4．（2023•台州）【问题背景】“刻漏”是我国古代的一种利用水流计时的工具．综合实践小组准备用甲、乙两个透明的竖直放置的容器和一根带节流阀（控制水的流速大小）的软管制作简易计时装置．【实验操作】综合实践小组设计了如下的实验：先在甲容器里加满水，此时水面高度为30cm，开始放水后每隔10min观察一次甲容器中的水面高度，获得的数据如表：流水时间t/min010203040水面高度h/cm（观察值）302928.12725.8任务1：分别计算表中每隔10min水面高度观察值的变化量．【建立模型】小组讨论发现：“t＝0，h＝30”是初始状态下的准确数据，水面高度值的变化不均匀，但可以用一次函数近似地刻画水面高度h与流水时间t的关系．任务2：利用t＝0时，h＝30；t＝10时，h＝29这两组数据求水面高度h与流水时间t的函数解析式；【反思优化】经检验，发现有两组表中观察值不满足任务2中求出的函数解析式，存在偏差，小组决定优化函数解析式，减少偏差．通过查阅资料后知道：t为表中数据时，根据解析式求出所对应的函数值，计算这些函数值与对应h的观察值之差的平方和，记为w；w越小，偏差越小．任务3：（1）计算任务2得到的函数解析式的w值；（2）请确定经过（0，30）的一次函数解析式，使得w的值最小；【设计刻度】得到优化的函数解析式后，综合实践小组决定在甲容器外壁设计刻度，通过刻度直接读取时间．任务4：请你简要写出时间刻度的设计方案．【答案】任务1：﹣1，﹣0.9，﹣1.1，﹣1.2；任务2：h＝﹣0.1t+30；任务3：（1）0.05，（2）0.038．任务4：见解析．【解答】解：任务1：变化量分别为：29﹣30＝﹣1（cm）；28.1﹣29＝﹣0.9（cm）；27﹣28.1＝﹣1.1（cm）；25.8﹣27＝﹣1.2（cm），∴每隔10min水面高度观察值的变化量为：﹣1，﹣0.9，﹣1.1，﹣1.2．任务2：设水面高度h与流水时间t的函数解析式为h＝kt+b，∵t＝0 时，h＝30；t＝10时，h＝29；∴，解得：，∴水面高度h与流水时间t的函数解析式为h＝﹣0.1t+30；任务3：（1）w＝（30﹣30）2+（29﹣29）2+（28﹣28.1）2+（27﹣27）2+（26﹣25.8）2＝0.05．（2）设：h＝kt+30，∴w＝（0•k+30﹣30）2+（10k+30﹣29）2+（20k+30﹣28.1）2+（30k+30﹣27）2+（40k+30﹣25.8）2＝3000（k+0.102）2+0.038，∴当k＝﹣0.102时，w的最小值为0.038．任务4：将零刻度放在水位最高处，在容器外壁每隔1.02cm标记一次刻度，这样水面每降低一个刻度，就代表时间经过了10分钟．四．反比例函数与一次函数的交点问题（共1小题）5．（2023•杭州）在直角坐标系中，已知k1k2≠0，设函数y1＝与函数y2＝k2（x﹣2）+5的图象交于点A和点B．已知点A的横坐标是2，点B的纵坐标是﹣4．（1）求k1，k2的值．（2）过点A作y轴的垂线，过点B作x轴的垂线，在第二象限交于点C；过点A作x轴的垂线，过点B作y轴的垂线，在第四象限交于点D．求证：直线CD经过原点．【答案】（1）k1＝10，k2＝2；（2）答案见解析．【解答】（1）解：∵点A的横坐标是2，∴将x＝2代入y2＝k2（x﹣2）+5＝5，∴A（2，5），∴将A（2，5）代入得：k1＝10，∴，∵点B的纵坐标是﹣4，∴将y＝﹣4代入得，，∴B（﹣，﹣4）．∴将B（﹣，﹣4）代入y2＝k2（x﹣2）+5得：，解得：k2＝2．∴y2＝2（x﹣2）+5＝2x+1．（2）证明：如图所示，由题意可得：C（，5），D（2，﹣4），设CD所在直线的表达式为y＝kx+b，∴，解得：，∴CD所在直线的表达式为y＝﹣2x，∴当x＝0时，y＝0，∴直线CD经过原点．五．勾股定理的逆定理（共1小题）6．（2023•金华）如图，为制作角度尺，将长为10，宽为4的矩形OABC分割成4×10的小正方形网格，在该矩形边上取点P，来表示∠POA的度数，阅读以下作图过程，并回答下列问题：作法（如图）结论①在CB上取点P1，使CP1＝4．∠P1OA＝45°，点P1表示45°．②以O为圆心，8为半径作弧，与BC交于点P2．∠P2OA＝30°，点P2表示30°．…③分别以O，P2为圆心，大于OP2长度一半的长为半径作弧，相交于点E，F，连接EF与BC相交于点P3．④以P2为圆心，OP2的长为半径作弧，与射线…CB交于点D，连结OD交AB于点P4．（1）分别求点P3，P4表示的度数．（2）用直尺和圆规在该矩形的边上作点P5，使该点表示37.5°（保留作图痕迹，不写作法）．【答案】（1）点P3表示60°，点P4表示15°；（2）见解析．【解答】解：①∵四边形OABC是矩形，∴BC∥OA，∴∠OP2C＝∠P2OA＝30°，由作图可知，EF是OP2的中垂线，∴OP3＝P3P2；∴∠P3OP2＝∠P3P2O＝30°，∴∠P3OA＝∠P3OP2+∠P2OA＝60°，∴点P3表示60°；②作图可知，P2D＝P2O，∴∠P2OD＝∠P2DO，∵CB∥OA，∴∠P2DO＝∠DOA；∴，∴点P4表示15°；答：点P3表示60°，点P4表示15°；（2）作∠P3OP4的角平分线交BC于P5，点P5即为所求作的点，如图：∵点P3表示60°，点P4表示15°，∴∠P3OP4＝60°﹣15°＝45°，∴∠P3OP4+∠P4OA＝22.5°+15°＝37.5°，∴P5表示37.5°．六．三角形综合题（共1小题）7．（2023•金华）问题：如何设计“倍力桥”的结构？图1是搭成的“倍力桥”，纵梁a，c夹住横梁b，使得横梁不能移动，结构稳固．图2是长为l（cm），宽为3cm的横梁侧面示意图，三个凹槽都是半径为1cm的半圆，圆心分别为O1，O2，O3，O1M＝O1N，O2Q＝O3P＝2cm，纵梁是底面半径为1cm的圆柱体，用相同规格的横梁、纵梁搭“桥”，间隙忽略不计．探究1：图3是“桥”侧面示意图，A，B为横梁与地面的交点，C，E为圆心，D，H1，H2是横梁侧面两边的交点，测得AB＝32cm，点C到AB的距离为12cm，试判断四边形CDEH1的形状，并求l的值．探究2：若搭成的“桥”刚好能绕成环，其侧面示意图的内部形成一个多边形．①若有12根横梁绕成环，图4是其侧面示意图，内部形成十二边形H1H2H3…H12，求l的值；②若有n根横梁绕成的环（n为偶数，且n≥6），试用关于n的代数式表示内部形成的多边形H1H2H3…H n的周长．【答案】（1）CDEH1为菱形，l＝22cm；（2）①l＝（16+6）cm，②（）cm．【解答】解：探究1：①四边形CDEH1是菱形，理由如下：由图1可知，CD∥EH1，ED∥CH1，∴CDEH1为平行四边形，∵桥梁的规格是相同的，∴桥梁的宽度相同，即四边形CDEH1每条边上的高相等，∵平行四边形CDEH1的面积等于边长乘这条边上的高，∴CDEH1每条边相等，∴CDEH1为菱形．②如图1，过点C作CM⊥AB于点M．由题意，得CA＝CB，CM＝12cm，AB＝32cm，∴AM＝AB＝16cm，在Rt△CAM中，CA2＝AM2+CM2，∴CA＝20（cm），∴l＝CA+2＝22（cm），故答案为：l＝22cm．探究2：①如图2，过点C作CN⊥H1H2于点N，由题意，得∠H1CH2＝120°，CH1＝CH2，CN＝3cm，∴∠CH1N＝30°，∴CH1＝2CN＝6cm，H1N＝cm，又∵四边形CDEH1是菱形，∴EH1＝CH1＝6cm，∴l＝2（2+6+3）＝（16+6）cm，故答案为：l＝（16+6）cm．②如图3，过点C作CN⊥H1H2于点N．由题意，形成的多边形为正n边形，∴外角∠CH1H2＝，在Rt△CNH1中，H1N＝（cm），又∵CH1＝CH2，CN⊥H1H2，∴H1H2＝2H1N＝cm，∴形成的多边形的周长为（）cm．故答案为：（）cm．七．四边形综合题（共1小题）8．（2023•绍兴）在平行四边形ABCD中（顶点A，B，C，D按逆时针方向排列），AB＝12，AD＝10，∠B为锐角，且sin B＝．（1）如图1，求AB边上的高CH的长；（2）P是边AB上的一动点，点C，D同时绕点P按逆时针方向旋转90°得点C'，D'，①如图2，当C'落在射线CA上时，求BP的长；②当△AC'D'是直角三角形时，求BP的长．【答案】（1）8；（2）①；②6 或8±．【解答】解：（1）在▱ABCD中，BC＝AD＝10，在Rt△BCH中，HC＝BC sin B＝．（2）①如图，作CH⊥BA于点H，由（1）得，BH＝＝＝6，作C'Q⊥BA交BA延长线于点Q，则∠CHP＝∠PQC'＝90°，∴∠C'PQ+∠PC'Q＝90°，∵∠C'PQ+∠CPH＝90°，∴∠PC'Q＝∠CPH，由旋转知PC'＝PC，∴△PQC′≌△CHP（AAS）．设BP＝x，则PQ＝CH＝8，C′Q＝PH＝6﹣x，QA＝PQ﹣PA＝x﹣4．∵C′Q⊥AB，CH⊥AB，∴C′Q∥CH，∴△AQC′∽△AHC，∴，∴，∴x＝，∴BP＝，②由旋转得△PCD≌△PC′D′，CD＝C'D'CD⊥CD'又∵AB∥CD，∴C'D'⊥AB情况一：当以C′为直角顶点时，如图．∵C'D'⊥AB，∴C′落在线段BA延长线上．∵PC⊥PC'，∴PC⊥AB，由（1）知，PC＝8，∴BP＝6．情况二：当以A为直角顶点时，如图，设C'D'与射线BA的交点为T，作CH⊥AB于点H．∵PC⊥PC'，∴∠CPH+∠TPC'＝90°，∵点C，D同时绕点P按逆时针方向旋转90°得点C'，D'，∴∠CPD＝∠C'PD'＝90°，PC＝PD，PC'＝PD'，∴∠CPD＝∠C'PD'，∴△PCD≌△PC'D'（SAS），∴∠PCD＝∠PC'D'，∵AB∥CD，∴∠BPC＝∠PCD＝∠PC'D'，∵∠C'PT+∠CPB＝90°，∴∠C'PT+∠PC'T＝90°，∴∠PTC'＝90°＝∠CHP，∴△CPH≌△PC′T（AAS），∴C′T＝PH，PT＝CH＝8．设C′T＝PH＝t，则AP＝6﹣t，∴AT＝PT﹣PA＝2+t．∵∠C'AD'＝90°，C'D'⊥AB，∴△ATD′∽△C′TA，∴，∴AT2＝C'T⋅TD'，∴（2+t）2＝t（12﹣t），化简得t2﹣4t+2＝0，解得，∴BP＝BH+HP＝8±，情况三：当以D'为直角顶点时，点P落在BA的延长线上，不符合题意．综上所述，BP＝6 或8±．②方法二：动静互换：将C、D看成静止的，点A绕P点顺时针旋转90°，∴△APA1是等腰直角三角形，∴A点轨迹是在∠BAE＝45°的射线AE上，当△A1CD为直角三角形时，（i）当∠A1CD＝90°时，∴∠BP1A1＝90°，∴BP1＝＝6；（ii）当点A为直角时，以CD为直径作圆O交AE于点A2、A3.如图所示，则△AOE为等腰直角三角形，∵AO＝8，∴AE＝8，OF＝4，∴A2F＝A3F＝2，AF＝4，∴AA2＝4+2，∴AP2＝4+BP2＝12﹣（4+）＝8﹣，（iii）AA3＝4﹣2，∴AA3＝4﹣，∴BP3＝12﹣（4﹣）＝8+，综上所述：BP＝6 或8±．八．作图—复杂作图（共1小题）9．（2023•台州）如图，四边形ABCD中，AD∥BC，∠A＝∠C，BD为对角线．（1）证明：四边形ABCD是平行四边形；（2）已知AD＞AB，请用无刻度的直尺和圆规作菱形BEDF，顶点E，F分别在边BC，AD上（保留作图痕迹，不要求写作法）．【答案】（1）证明见解析部分；（2）作图见解析部分．【解答】（1）证明：∵AD∥BC，∴∠ADB＝∠CBD，∠A＝∠C，∴180°﹣（∠ADB+∠A）＝180°﹣（∠CBD+∠C），即∠ABD＝∠CDB，∴AB∥CD，∴四边形ABCD是平行四边形；（2）解：如图，四边形BEDF就是所求作的菱形．九．解直角三角形的应用（共1小题）10．（2023•台州）教室里的投影仪投影时，可以把投影光线CA，CB及在黑板上的投影图象高度AB抽象成如图所示的△ABC，∠BAC＝90°，黑板上投影图象的高度AB＝120cm，CB与AB的夹角∠B＝33.7°，求AC的长．（结果精确到1cm．参考数据：sin33.7°≈0.55，cos33.7°≈0.83，tan33.7°≈0.67）【答案】AC的长约为80cm．【解答】解：在Rt△ABC中，AB＝120cm，∠BAC＝90°，∠B＝33.7°，∴tan B＝，∴AC＝AB•tan33.7°≈120×0.67＝80.4≈80（cm），∴AC的长约为80cm．一十．统计量的选择（共1小题）11．（2023•台州）为了改进几何教学，张老师选择A，B两班进行教学实验研究，在实验班B实施新的教学方法，在控制班A采用原来的教学方法．在实验开始前，进行一次几何能力测试（前测，总分25分），经过一段时间的教学后，再用难度、题型、总分相同的试卷进行测试（后测），得到前测和后测数据并整理成表1和表2．表1：前测数据测试分数x0＜x≤55＜x≤1010＜x≤1515＜x≤2020＜x≤25控制班A289931实验班B2510821表2：后测数据测试分数x0＜x≤55＜x≤1010＜x≤1515＜x≤2020＜x≤25控制班A14161262实验班B6811183（1）A，B两班的学生人数分别是多少？（2）请选择一种适当的统计量，分析比较A，B两班的后测数据．（3）通过分析前测、后测数据，请对张老师的教学实验效果进行评价．【答案】（1）50、46；（2）B班成绩好于A班成绩，理由见解答；（3）张老师新的教学方法效果较好，理由见解答．【解答】解：（1）A班的人数：28+9+9+3+1＝50（人），B班的人数：25+10+8+2+1＝46（人），答：A，B两班的学生人数分别是50人，46人．（2）＝＝9.1，＝≈12.9，从平均数看，B班成绩好于A班成绩．从中位数看，A班中位数在5＜x≤10这一范围，B班中位数在10＜x≤15这一范围，B 班成绩好于A班成绩．从百分率看，A班15分以上的人数占16%，B班15分以上的人数约占46%，B班成绩好于A班成绩．（3）前测结果中：，．4，从平均数看，两班成绩较前测都有上升，但实验班提升得更明显，因此张老师新的教学方法效果较好．从中位数看，两班前测中位数均在0＜x≤5这一范围，后测A班中位数在5＜x≤10这一范围，B班中位数在10＜x≤15这一范围，两班成绩较前测都有上升，但实验班提升得更明显，因此张老师新的教学方法效果较好．从百分率看，A班15分上的人数增加了100%，B班15分以上的人数增加了600%，两班成绩较前测都有上升，但实验班提升得更明显，因此张老师新的教学方法效果较好．。

浙江省2023年中考数学真题(图形的相似)附答案

浙江省2023年中考数学真题(图形的相似)附答案

浙江省2023年中考数学真题(图形的相似)一、选择题1．如图.在直角坐标系中.△ABC的三个顶点分别为A(1.2) B(2.1) C(3.2).现以原点O为位似中心.在第一象限内作与△ABC的位似比为2的位似图形△A′B′C′.则顶点C′的坐标是（）A．(2，4)B．(4，2)C．(6，4)D．(5，4)2．如图.点P是△ABC的重心.点D是边AC的中点.PE∥AC交BC于点E.DF∥BC交EP于点F.若四边形CDFE的面积为6.则△ABC的面积为（）A．12B．14C．18D．243．如图.在四边形ABCD中.AD∥BC.∥C=45°.以AB为腰作等腰直角三角形BAE.顶点E恰好落在CD边上.若AD=1．则CE的长是（）A．√2B．√2C．2D．124．如图.在△ABC中.D是边BC上的点（不与点B.C重合）.过点D作DE//AB交AC于点E；过点D作DF//AC交AB于点F.N是线段BF上的点.BN=2NF；M是线段DE上的点.DM=2ME.若已知△CMN的面积.则一定能求出（）A．△AFE的面积B．△BDF的面积C．△BCN的面积D．△DCE的面积5．图1是第七届国际数学教育大会（ICME）的会徽.图2由其主体图案中相邻两个直角三角形组合而成.作菱形CDEF.使点D.E.F分别在边OC.OB.BC上.过点E作EH⊥AB于点H.当AB=BC，∠BOC= 30°，DE=2时.EH的长为（）A．√3B．32C．√2D．43二、填空题6．小慧同学在学习了九年级上册“4.1比例线段”3节课后.发现学习内容是一个逐步特殊化的过程.请在横线上填写适当的数值+感受这种特殊化的学习过程．7．如图.在△ABC中.AB=AC ∠A<90°.点D.E.F分别在边AB.BC.CA上.连接DE.EF.FD.已知点B和点F关于直线DE对称．设BCAB=k .若AD=DF.则CFFA=（结果用含k的代数式表示）．8．如图.在Rt△ABC中.∠C=90°,E为AB边上一点.以AE为直径的半圆O与BC相切于点D.连接AD.BE=3 BD=3√5．P是AB边上的动点.当△ADP为等腰三角形时.AP的长为．三、解答题9．如图.在⊙O中.直径AB垂直弦CD于点E.连接AC AD BC作CF⊥AD于点F.交线段OB于点G（不与点O.B重合）.连接OF．（1）若BE=1.求GE的长．（2）求证：BC2=BG⋅BO（3）若FO=FG.猜想∠CAD的度数.并证明你的结论．10．在边长为1的正方形ABCD中.点E在边AD上（不与点A.D重合）.射线BE与射线CD交于点F．（1）若ED=13.求DF的长．（2）求证：AE⋅CF=1．（3）以点B为圆心.BC长为半径画弧.交线段BE于点G．若EG=ED.求ED的长．11．如图.已知矩形ABCD.点E在CB延长线上.点F在BC延长线上.过点F作FH⊥EF交ED的延长线于点H.连结AF交EH于点G，GE=GH.（1）求证：BE=CF.（2）当ABFH=56，AD=4时.求EF的长.12．如图1.AB为半圆O的直径.C为BA延长线上一点.CD切半圆于点D，BE⊥CD.交CD延长线于点E.交半圆于点F.已知OA=32，AC=1.如图2.连结AF.P为线段AF上一点.过点P作BC的平行线分别交CE.BE于点M.N.过点P作PH⊥AB于点H.设PH=x，MN=y.（1）求CE的长和y关于x的函数表达式.（2）当PH<PN.且长度分别等于PH，PN.a的三条线段组成的三角形与△BCE相似时.求a的值.（3）延长PN交半圆O于点Q.当NQ=154x−3时.求MN的长.13．在平行四边形ABCD中（顶点A，B，C，D按逆时针方向排列）AB=12，AD=10.∥B为锐角.且sinB=45.（1）如图1.求AB边上的高CH的长.（2）P是边AB上的一动点.点C，D同时绕点P按逆时针方向旋转90°得点C′，D′.①如图2.当点C′落在射线CA上时.求BP的长.②当ΔAC′D′当是直角三角形时.求BP的长.14．我们可以通过中心投影的方法建立圆上的点与直线上点的对应关系.用直线上点的位置刻画圆上点的位置.如图.AB是⊙O的直径.直线l是⊙O的切线.B为切点．P.Q是圆上两点（不与点A重合.且在直径AB的同侧）.分别作射线AP.AQ交直线l于点C.点D．（1）如图1.当AB =6.BP ⌢长为π时.求BC 的长．（2）如图2.当AQ AB =34.BP ⌢=PQ ⌢时.求BC CD的值． （3）如图3.当sin∠BAQ =√64.BC =CD 时.连接BP.PQ.直接写出PQ BP 的值． 15．如图1.锐角△ABC 内接于⊙O .D 为BC 的中点.连接AD 并延长交⊙O 于点E.连接BE ，CE .过C 作AC 的垂线交AE 于点F.点G 在AD 上.连接BG ，CG .若BC 平分∠EBG 且∠BCG =∠AFC ．（1）求∠BGC 的度数．（2）①求证：AF =BC ．②若AG =DF .求tan∠GBC 的值.（3）如图2.当点O 恰好在BG 上且OG =1时.求AC 的长．16．已知.AB 是半径为1的⊙O 的弦.⊙O 的另一条弦CD 满足CD =AB .且CD ⊥AB 于点H （其中点H 在圆内.且AH >BH ，CH >DH ）．（1）在图1中用尺规作出弦CD 与点H （不写作法.保留作图痕迹）．（2）连结AD.猜想.当弦AB 的长度发生变化时.线段AD 的长度是否变化？若发生变化.说明理由：若不变.求出AD 的长度.（3）如图2.延长AH 至点F.使得HF =AH .连结CF.∠HCF 的平分线CP 交AD 的延长线于点P.点M 为AP 的中点.连结HM.若PD =12AD ．求证：MH ⊥CP ． 17．如图.在∥O 中.AB 是一条不过圆心O 的弦.点C.D 是AB⌢的三等分点.直径CE 交AB 于点F.连结AD 交CF 于点G.连结AC.过点C 的切线交BA 的延长线于点H ．（1）求证：AD∥HC ；（2）若OG GC=2.求tan∥FAG 的值； （3）连结BC 交AD 于点N ．若∥O 的半径为5．下面三个问题.依次按照易、中、难排列.对应的分值为2分、3分、4分.请根据自己的认知水平.选择其中一道问题进行解答。

2024年浙江省中考数学试卷(附答案)

2024年浙江省中考数学试卷(附答案)

2024年浙江省中考数学试卷（附答案）一、选择题（每题3分）1．（3分）以下四个城市中某天中午12时气温最低的城市是（）北京济南太原郑州0℃﹣1℃﹣2℃3℃A．北京B．济南C．太原D．郑州【分析】有理数大小比较的法则：（1）正数都大于0；（2）负数都小于0；（3）正数大于一切负数；（4）两个负数，绝对值大的其值反而小，据此判断即可．【解答】解：|﹣1|＝1，|﹣2|＝2，∵1＜2，∴﹣1＞﹣2；∵3℃＞0℃＞﹣1℃＞﹣2℃，∴所给的四个城市中某天中午12时气温最低的城市是太原．故选：C．【点评】此题主要考查了有理数大小比较的方法，解答此题的关键是要明确：（1）正数都大于0；（2）负数都小于0；（3）正数大于一切负数；（4）两个负数，绝对值大的其值反而小．2．（3分）5个相同正方体搭成的几何体主视图为（）A．B．C．D．【分析】找到从正面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在主视图中．【解答】解：从正面看，共有三列，从左到右小正方形的个数分别为2、2、1．故选：B．【点评】此题主要考查了简单组合体的三视图，主视图是从物体的正面看得到的视图．3．（3分）2024年浙江经济一季度GDP为2013，7000,0万元，其中2013,7000,0用科学记数法表示为（）A．20.137×109B．0.20137×108C．2.0137×109D．2.0137×108【分析】将一个数表示成a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，这种记数方法叫做科学记数法，据此即可求得答案．4．（3分）下列式子运算正确的是（）A．x3+x2＝x5B．x3•x2＝x6C．（x3）2＝x9D．x6÷x2＝x4【分析】根据合并同类项、同底数幂的乘除法及幂的乘方与积的乘方进行计算，逐一判断即可．【解答】解：A．x3+x2不能合并同类项，故本选项不符合题意；B．x3•x2＝x5，故本选项不符合题意；C．（x3）2＝x6，故本选项不符合题意；D．x6÷x2＝x4，故本选项符合题意；故选：D．【点评】本题主要考查合并同类项、同底数幂的乘除法及幂的乘方与积的乘方，熟练掌握以上知识点是解题的关键．5．（3分）某班有5位学生参加志愿服务次数为：7，7，8，10，13．则这5位学生志愿服务次数的中位数为（）A．7B．8C．9D．10【分析】根据中位数的定义求解即可．将一组数据按照从小到大（或从大到小）的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间位置的数就是这组数据的中位数．如果这组数据的个数是偶数，则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数．【解答】解：菜鸡班有5位学生参加志愿服务次数为：7，7，8，10，13，从小到大排列排在中间的数是8，所以这5位学生志愿服务次数的中位数为8．故选：B．【点评】本题主要考查中位数，解题的关键是掌握中位数的定义．6．（3分）如图，在平面直角坐标系中，△ABC与△A′B′C′是位似图形，位似中心为点O．若点A（﹣3，1）的对应点为A′（﹣6，2），则点B（﹣2，4）的对应点B′的坐标为（）A．（﹣4，8）B．（8，﹣4）C．（﹣8，4）D．（4，﹣8）【分析】根据点A与点A′的坐标求出相似比，再根据位似变换的性质计算即可．【解答】解：∵△ABC与△A′B′C′是位似图形，位似中心为点O，点A（﹣3，1）的对应点为A′（﹣6，2），∴△ABC与△A′B′C′的相似比为1：2，∵点B的坐标为（﹣2，4），∴点B的对应点B′的坐标为（﹣2×2，4×2），即（﹣4，8），故选：A．【点评】本题主要考查的是位似变换，正确求出相似比是解题的关键．7．（3分）不等式组的解集在数轴上表示为（）A．B．C．D．【分析】按照解一元一次不等式组的步骤进行计算，即可解答．【解答】解：，解不等式①得：x≥1，解不等式②得：x＜4，∴原不等式组的解集为：1≤x＜4，∴该不等式组的解集在数轴上表示如图所示：故选：A．【点评】本题考查了解一元一次不等式组，在数轴上表示不等式的解集，熟练掌握解一元一次不等式组的步骤是解题的关键．8．（3分）如图，正方形ABCD由四个全等的直角三角形（△ABE，△BCF，△CDG，△DAH）和中间一个小正方形EFGH组成，连接DE．若AE＝4，BE＝3，则DE＝（）A．5B．C．D．4【分析】由全等三角形的性质得DH＝AE＝4，AH＝BE＝3，则EH＝AE﹣AH＝1，而∠DHE＝90°，所以DE＝＝，于是得到问题的答案．【解答】解：∵Rt△DAH≌Rt△ABE，∴DH＝AE＝4，AH＝BE＝3，∴EH＝AE﹣AH＝4﹣3＝1，∵四边形形EFGH是正方形，∴∠DHE＝90°，∴DE＝＝＝，故选：C．【点评】此题重点考查全等三角形的性质、正方形的性质、勾股定理等知识，求得DH＝4，EH＝1，并且证明∠DHE＝90°是解题的关键．9．（3分）反比例函数的图象上有P（t，y1），Q（t+4，y2）两点．下列正确的选项是（）A．当t＜﹣4时，y2＜y1＜0B．当﹣4＜t＜0时，y2＜y1＜0C．当﹣4＜t＜0时，0＜y1＜y2D．当t＞0时，0＜y1＜y2【分析】先根据反比例函数的解析式判断出函数图象所在的象限，再对各选项进行逐一判断即可．【解答】解：∵反比例函数中，k＝4＞0，∴此函数图象的两个分支分别位于第一、三象限，在每一象限内y随x的增大而减小，A、当t＜﹣4时，t+4＜0，∵t＜t+4，∴y2＜y1＜0，正确，符合题意；B、当﹣4＜t＜0时，点P（t，y1）在第三象限，点Q（t+4，y2）在第一象限，∴y1＜0，y2＞0，∴y1＜0＜y2，原结论错误，不符合题意；C、由B知，当﹣4＜t＜0时，y1＜0＜y2，原结论错误，不符合题意；D、当t＞0时，t+4＞0，∴P（t，y1），Q（t+4，y2）在第一象限，∵t＜t+4，∴y1＞y2＞0，原结论错误，不符合题意．故选：A．【点评】本题考查的是反比例函数图象上点的坐标特征，熟知反比例函数的图象与系数的关系是解题的关键．10．（3分）如图，在▱ABCD中，AC，BD相交于点O，AC＝2，．过点A作AE⊥BC的垂线交BC于点E，记BE长为x，BC长为y．当x，y的值发生变化时，下列代数式的值不变的是（）A．x+y B．x﹣y C．xy D．x2+y2【分析】过D作DH⊥BC，交BC延长线于H，由平行四边形当性质推出AB＝DC，AD∥BC，得到AE＝DH，判定Rt△DCH≌Rt△ABE（HL），得到CH＝BE＝x，由勾股定理得到22﹣（y﹣x）2＝﹣（y+x）2，得到xy＝2．【解答】解：过D作DH⊥BC，交BC延长线于H，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB＝DC，AD∥BC，∵AE⊥BC，DH⊥BC，∴AE＝DH，∴Rt△DCH≌Rt△ABE（HL），∴CH＝BE＝x，∵BC＝y，∴EC＝BC﹣BE＝y﹣x，BH＝BC+CH＝y+x，∵AE2＝AC2﹣EC2，DH2＝BD2﹣BH2，∴22﹣（y﹣x）2＝﹣（y+x）2，∴xy＝2．故选：C．【点评】本题考查平行四边形的性质，全等三角形的判定和性质，勾股定理，关键是由Rt△DCH≌Rt△ABE（HL），得到CH＝BE，由勾股定理得到22﹣（y﹣x）2＝﹣（y+x）2．二、填空题（每题3分）11．（3分）因式分解：a2﹣7a＝a（a﹣7）．【分析】用提取公因式法分解因式即可．【解答】解：a2﹣7a＝a（a﹣7）．故答案为：a（a﹣7）．【点评】本题考查了分解因式，能选择适当的方法分解因式是解此题的关键，注意：因式分解的方法有：提取公因式法，公式法，十字相乘法等．12．（3分）若，则x＝3．【分析】先去分母将分式方程化为整式方程，求出整式方程的解，再进行检验即可．【解答】解：两边都乘以（x﹣1），得2＝x﹣1，解得x＝3，经检验x＝3是原方程的解，所以原方程的解为x＝3．故答案为：3．【点评】本题考查解分式方程，掌握分式方程的解法是正确解答的关键．13．（3分）如图，AB是⊙O的直径，AC与⊙O相切，A为切点，连接BC．已知∠ACB＝50°，则∠B的度数为40°．【分析】由切线的性质得到∠BAC＝90°，由直角三角形的性质求出∠B＝90°﹣50°＝40．【解答】解：∵AB是⊙O的直径，AC与⊙O相切，A为切点，∴BA⊥AC，∴∠BAC＝90°，∵∠ACB＝50°，∴∠B＝90°﹣50°＝40°．故答案为：40°．【点评】本题考查切线的性质，关键是由切线的性质得到∠BAC＝90°．14．（3分）有8张卡片，上面分别写着数1，2，3，4，5，6，7，8．从中随机抽取1张，该卡片上的数是4的整数倍的概率是．【分析】直接由概率公式求解即可．【解答】解：∵有8张卡片，上面分别写着数1，2，3，4，5，6，7，8，其中该卡片上的数是4的整数倍的数是4，8，∴该卡片上的数是4的整数倍的概率是＝，故答案为：．【点评】本题考查了概率公式：概率＝所求情况数与总情况数之比．熟记概率公式是解题的关键．15．（3分）如图，D，E分别是△ABC边AB，AC的中点，连接BE，DE．若∠AED＝∠BEC，DE＝2，则BE的长为4．【分析】根据三角形中位线定理得到BC＝2DE＝4，DE∥BC，根据平行线的性质得到∠AED＝∠C，根据题意得到∠BEC＝∠C，再根据等腰三角形的性质求出BE．【解答】解：∵D，E分别是△ABC边AB，AC的中点，∴BC＝2DE＝2×2＝4，DE∥BC，∴∠AED＝∠C，∵∠AED＝∠BEC，∴∠BEC＝∠C，∴BE＝BC＝4，故答案为：4．【点评】本题主要考查的是三角形中位线定理，三角形的中位线平行于第三边，且等于第三边的一半．16．（3分）如图，在菱形ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，．线段AB与A′B′关于过点O的直线l对称，点B的对应点B′在线段OC上，A′B′交CD于点E，则△B′CE与四边形OB′ED的面积比为．【分析】根据轴对称可得到等线段等角，再结合菱形的性质可得到△A'ED≌△CEB'（AAS），再证△DOE ≌△B'OE（SSS），由B'C：B'O＝2：3即可求出答案．【解答】解：如图连接OE、A'D，∵AB关于过O的直线对称，∴A'在BD延长线上，∵，∴设AC＝10k，BD＝6k，在菱形ABCD中，OA＝OC＝5k，CB＝OD＝3k，∵AB与A'B'关于过O的直线对称，∴OA＝OA'＝5k，OB＝OB'＝3k，∠A'＝∠DAC＝∠DCA，∴A'D＝B'C＝2k，∵∠A'ED＝∠B'CE，∴△A'ED≌△CEB'（AAS），∴DE＝B'E，∵OE＝OE，OD＝OB'，∴△DOE≌△B'OE（SSS），＝S△B′OE，∴S△DOE∵＝＝，∴＝＝．故答案为：．【点评】本题主要考查了轴对称的性质和菱形的性质、全等三角形的判定和性质，熟练掌握以上基础知识和线段之间的转化是解题关键．三、解答题（17-21每题8分，22、23每题10分，24题12分）17．（8分）计算：．【分析】利用负整数指数幂，立方根的定义，绝对值的性质计算即可．【解答】解：原式＝4﹣2+5＝7．【点评】本题考查实数的运算，负整数指数幂，立方根，绝对值，熟练掌握相关运算法则是解题的关键．18．（8分）解方程组：．【分析】先有①×3+②得出10x＝5，求出x＝，再把x＝代入①求出y即可．【解答】解：，①×3+②得：10x＝5，解得：x＝，把x＝代入①得：2×﹣y＝5，解得：y＝﹣4，所以方程组的解是．【点评】本题考查了二元一次方程组，能把二元一次方程组转化成一元一次方程是解此题的关键．19．（8分）如图，在△ABC中，AD⊥BC，AE是BC边上的中线，AB＝10，AD＝6，tan∠ACB＝1．（1）求BC的长；（2）求sin∠DAE的值．【分析】（1）由tan∠ACB＝1可得CD＝AD＝6，根据勾股定理可得BD的长，进而底层BC的长；（2）根据AE是BC边上的中线可得CE的长，由DE＝CE﹣CD可得DE的长，根据勾股定理可得AE 的长，再根据三角函数的定义解答即可．【解答】解：（1）∵AD⊥BC，AB＝10，AD＝6，∴BD＝＝＝8；∵tan∠ACB＝1，∴CD＝AD＝6，∴BC＝BD+CD＝8+6＝14；（2）∵AE是BC边上的中线，∴CE＝＝7，∴DE＝CE﹣CD＝7﹣6＝1，∵AD⊥BC，∴＝＝，∴sin∠DAE＝＝＝．【点评】本题考查了解直角三角形以及勾股定理，在直角三角形中，由已知元素求未知元素的过程就是解直角三角形．20．（8分）某校开展科学活动．为了解学生对活动项目的喜爱情况，随机抽取部分学生进行问卷调查．调查问卷和统计结果描述如下：科学活动喜爱项目调查问卷以下问题均为单选题，请根据实际情况填写．问题1：在以下四类科学“嘉年华”项目中，你最喜爱的是A（A）科普讲座（B）科幻电影（C）AI应用（D）科学魔术如果问题1选择C．请继续回答问题2．问题2：你更关注的AI应用是E（E）辅助学习（F）虚拟体验（G）智能生活（H）其他根据以上信息．解答下列问题：（1）本次调查中最喜爱“AI应用”的学生中更关注“辅助学习”有多少人？（2）菜鸡学校共有1200名学生，根据统计信息，估计该校最喜爱“科普讲座”的学生人数．【分析】（1）用本次调查中最喜爱“AI应用”的学生人数乘E所占百分比即可；（2）用1200乘该校最喜爱“科普讲座”项目的百分比即可．【解答】解：（1）80×40%＝32（人），答：本次调查中最喜爱“AI应用”的学生中更关注“辅助学习”有32人；（2）1200×＝324（人），答：估计该校最喜爱“科普讲座”的学生人数大约有324人．【点评】本题考查扇形统计图、条形统计图、用样本估计总体，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．21．（8分）尺规作图问题：如图1，点E是▱ABCD边AD上一点（不包含A，D），连接CE．用尺规作AF∥CE，F是边BC上一点．小明：如图2．以C为圆心，AE长为半径作弧，交BC于点F，连接AF，则AF∥CE．小丽：以点A为圆心，CE长为半径作弧，交BC于点F，连接AF，则AF∥CE．小明：小丽，你的作法有问题．小丽：哦…我明白了！（1）证明AF∥CE；（2）指出小丽作法中存在的问题．【分析】（1）根据小明的作法知，CF＝AE，根据平行四边形的性质求出AD∥BC，根据“一组对边平行且相等的四边形是平行四边形”求出四边形AFCE是平行四边形，根据“平行四边形的对边互相平行”即可得证；（2）以A为圆心，EC为半径画弧，交BC于点F，此时可能会有两个交点，只有其中之一符合题意．【解答】（1）证明：根据小明的作法知，CF＝AE，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，又∵CF＝AE，∴四边形AFCE是平行四边形，∴AF ∥CE ；（2）解：以A 为圆心，EC 为半径画弧，交BC 于点F ，此时可能会有两个交点，只有其中之一符合题意．故小丽的作法有问题．【点评】此题考查了平行四边形的判定与性质，熟记平行四边形的判定定理与性质定理是解题的关键．22．（10分）小明和小丽在跑步机上慢跑锻炼．小明先跑，10分钟后小丽才开始跑，小丽跑步时中间休息了两次．跑步机上C 档比B 档快40米/分、B 档比A 档快40米/分．小明与小丽的跑步相关信息如表所示，跑步累计里程s （米）与小明跑步时间t （分）的函数关系如图所示．时间里程分段速度档跑步里程小明16：00～16：50不分段A 档4000米小丽16：10～16：50第一段B 档1800米第一次休息第二段B 档1200米第二次休息第三段C 档1600米（1）求A ，B ，C 各档速度（单位：米/分）；（2）求小丽两次休息时间的总和（单位：分）；（3）小丽第二次休息后，在a 分钟时两人跑步累计里程相等，求a 的值．【分析】（1）由小明的跑步里程及时间可得A 档速度，再根据B 档比A 档快40米/分、C 档比B 档快40米/分，即可得出答案；（2）结合图象求出小丽每段跑步所用时间，再根据总时间即可求解；（3）由题意可得，此时小丽在跑第三段，所跑时间为a ﹣10﹣15﹣10﹣5＝a ﹣40（分），可得方程80a＝3000+160（a﹣40），求解即可．【解答】解：（1）由题意可知，A档速度为4000÷50＝80（米/分），则B档速度为80+40＝120（米/分），C档速度为120+40＝160（米/分），答：A，B，C各档速度80米/分、120米/分、160米/分．（2）小丽第一段跑步时间为1800÷120＝15（分），小丽第二段跑步时间为（3000﹣1800）÷120＝10（分），小丽第三段跑步时间为（4600﹣3000）÷160＝10（分），则小丽两次休息时间的总和为50﹣10﹣15﹣10﹣10＝5（分），答：小丽两次休息时间的总和为5分钟．（3）∵小丽第二次休息后，在a分钟时两人跑步累计里程相等，∴此时小丽在跑第三段，所跑时间为a﹣10﹣15﹣10﹣5＝a﹣40（分），∴80a＝3000+160（a﹣40），∴a＝42.5．【点评】本题主要考查一次函数的应用，读懂图中的数据是解题的关键．23．（10分）已知二次函数y＝x2+bx+c（b，c为常数）的图象经过点A（﹣2，5），对称轴为直线．（1）求二次函数的表达式；（2）若点B（1，7）向上平移2个单位长度，向左平移m（m＞0）个单位长度后，恰好落在y＝x2+bx+c 的图象上，求m的值；（3）当﹣2≤x≤n时，二次函数y＝x2+bx+c的最大值与最小值的差为，求n的取值范围．【分析】（1）依据题意，由二次函数为y＝x2+bx+c，可得抛物线为直线x＝﹣＝﹣，可得b的值，再由图象经过点A（﹣2，5），求出c的值，进而可以得解；（2）依据题意，由点B（1，7）向上平移2个单位长度，向左平移m个单位长度（m＞0），进而可得平移后的点为（1﹣m，9），结合（1﹣m，9）在y＝x2+x+3图象上，可得9＝（1﹣m）2+（1﹣m）+3，进而计算可以得解；（3）依据题意，由y＝x2+x+3＝（x+）2+，可得当x＝﹣时，y取最小值，最小值为，再根据n＜﹣、﹣2＜﹣≤n≤1和n＞1进行分类讨论，即可计算得解．【解答】解：（1）由题意，∵二次函数为y＝x2+bx+c，∴抛物线的对称轴为直线x＝﹣＝﹣．∴b＝1．∴抛物线为y＝x2+x+c．又图象经过点A（﹣2，5），∴4﹣2+c＝5．∴c＝3．∴抛物线为y＝x2+x+3．（2）由题意，∵点B（1，7）向上平移2个单位长度，向左平移m个单位长度（m＞0），∴平移后的点为（1﹣m，9）．又（1﹣m，9）在y＝x2+x+3，∴9＝（1﹣m）2+（1﹣m）+3．∴m＝4或m＝﹣1（舍去）．∴m＝4．（3）由题意，当时，∴最大值与最小值的差为．∴，不符合题意，舍去．当﹣≤n≤1时，∴最大值与最小值的差为，符合题意．当n＞1时，最大值与最小值的差为，解得n1＝1或n2＝﹣2，不符合题意．综上所述，n的取值范围为﹣≤n≤1．【点评】本题主要考查了待定系数法求二次函数解析式、二次函数的性质、二次函数图象上点的坐标特征、二次函数的最值、坐标与图形变化﹣平移，解题时要熟练掌握并能灵活运用是关键．24．（12分）如图，在圆内接四边形ABCD中，AD＜AC，∠ADC＜∠BAD，延长AD至点E，使AE＝AC，延长BA至点F，连结EF，使∠AFE＝∠ADC．（1）若∠AFE＝60°，CD为直径，求∠ABD的度数．（2）求证：①EF∥BC；②EF＝BD．【分析】（1）根据圆周角定理进行计算即可；（2）①利用圆内接四边形的外角等于它的内对角以及平行线的判定方法即可得出结论；②根据全等三角形的性质，圆周角定理进行解答即可．【解答】（1）解：∵CD为直径，∴∠CAD＝90°，∵∠AFE＝∠ADC＝60°，∴∠ACD＝90°﹣60°＝30°，∴∠ABD＝∠ACD＝30°；（2）证明：①如图，延长AB，∵四边形ABCD是圆内接四边形，∴∠CBM＝∠ADC，又∵∠AFE＝∠ADC，∴∠AFE＝∠CBM，∴EF∥BC；②过点D作DG∥BC交⊙O于点G，连接AG，CG，∵DG∥BC，∴＝，∴BD＝CG，∵四边形ACGD是圆内接四边形，∴∠GDE＝∠ACG，∵EF∥DG∴∠DEF＝∠GDE，∴∠DEF＝∠ACG，∵∠AFE＝∠ADC，∠ADC＝∠AGC，∴∠AFE＝∠AGC，∵AE＝AC，∴△AEF≌△ACG（AAS），∴EF＝CG，∴EF＝BD．【点评】本题考查圆周角定理，圆内接四边形的性质，掌握圆周角定理，圆内接四边形的性质以及平行四边形的性质是正确解答的关键．。

2020年浙江省中考数学试卷(有答案)

2020年浙江省中考数学试卷(有答案)
24．(本题12)如图1，在平面直角坐标系中，△ABC是直角三角形，∠ACB＝90，AC＝BC，OA＝1，OC＝4，抛物线y＝x2＋bx＋c经过A、B两点，顶点为D．
（1）求b、c的值；
（2）若点E是Rt△ABC斜边AB上一动点（点A、B除外），连接BE，DE，当EC+EO的值最小时，求△BDE的面积；
下面每小题给出的四个选项中,只有一个是正确的.注意可以用多种不同的方法来选取正确答案.
1.下列实数是无理数的是…………………………………………………………………………（▲）
A．－1B．0C． D．
2.如图，在直角坐标系中，卡片盖住的数可能是……………………………（▲）
A．（2，3）B.（－2，1）C．（－2，－2.5)D. (3, －2)
∴AD∥BC，AB=4，
∵x=－2 ，
∴AB∥CD．
∴四边形ABCD为平行四边形．
又因为当x=－2 时，y= ，
即CD=4，
由勾股定理可得BC=4，
∴BC=CD=4，
∴四边形ABCD为菱形．…………………………………………（3分）
（3）二次函数为：y=x2﹣2bx+b2+1，化为顶点式为：y=（x﹣b）2+1，
∵AB=BC= ，AC=2，CP=2-y，AQ=2-x,
∴ :(2-y)=(2-x): ，
所以X与y之间的关系为 (2-x)(2-y)=2 或y= 。……（1分）不化简，不扣分
23、解：（1）y= ；………………………………(2分)
（2）四边形是 菱形；…………………………………………（1分）
根据题意得：直线y= 向下平移4个单位得到直线y= ，
21.(本题8分)为了开展阳光体育运动，坚持让中小学生“每天锻炼一小时”，体育局做了一个随机调查，调查内容是：每天锻炼是否超过1h及锻炼未超过1h的原因．他们随机调查了340名学生，用所得的数据制成 了扇形统计图和频数分布直方图（图1、图2）．

2020中考数学试题分项版解析汇编(第02期)专题4.4 圆(含解析)

2020中考数学试题分项版解析汇编(第02期)专题4.4 圆(含解析)

2020专题4.4 圆一、单选题1．如图，点A，B，C，D都在半径为2的⊙O上，若OA⊥BC，∠CDA=30°，则弦BC的长为（）A． 4 B． 2 C． D． 2【来源】湖北省襄阳市2018年中考数学试卷【答案】B【点睛】本题考查的是垂径定理、圆周角定理，熟练掌握垂直于弦的直径平分这条弦，并且平分弦所对的两条弧是解题的关键．2．如图，AB为⊙O的直径，CD是⊙O的弦，∠ADC=35°，则∠CAB的度数为（）A．35° B．45° C．55° D．65°【来源】江苏省盐城市2018年中考数学试题【答案】C【解析】分析：由同弧所对的圆周角相等可知∠B=∠ADC=35°；而由圆周角的推论不难得知∠ACB=90°，则由∠2020 CAB=90°-∠B即可求得.详解：∵∠ADC=35°，∠ADC与∠B所对的弧相同，∴∠B=∠ADC=35°，∵AB是⊙O的直径，∴∠ACB=90°，∴∠CAB=90°-∠B=55°，故选C．点睛：本题考查了同弧所对的圆周角相等以及直径所对的圆周角是直角等知识.3．如图，AB是⊙O的直径，点D为⊙O上一点，且∠ABD=30°，BO=4，则的长为（）A． B． C． 2π D．【来源】湖北省黄石市2018年中考数学试卷【答案】D【解析】分析：先计算圆心角为120°，根据弧长公式=，可得结果．详解：连接OD，∵∠ABD=30°，∴∠AOD=2∠ABD=60°，∴∠BOD=120°，∴的长==，故选：D．点睛：本题考查了弧长的计算和圆周角定理，熟练掌握弧长公式是关键，属于基础题．4．如图，点A、B、C都在⊙O上，若∠A OC=140°，则∠B的度数是（）A．70° B．80° C．110° D．140°【来源】江苏省淮安市2018年中考数学试题【答案】C【解析】分析：作对的圆周角∠APC，如图，利用圆内接四边形的性质得到∠P=40°，然后根据圆周角定理求∠AOC的度数．详解：作对的圆周角∠APC，如图，∵∠P=∠AOC=×140°=70°∵∠P+∠B=180°，∴∠B=180°﹣70°=110°，故选：C．点睛：本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．5．如图，矩形ABCD中，G是BC的中点，过A、D、G三点的圆O与边AB、CD分别交于点E、点F，给出下列说法：（1）AC与BD的交点是圆O的圆心；（2）AF与DE的交点是圆O的圆心；（3）BC与圆O相切，其中正确说法的个数是（）A． 0 B． 1 C． 2 D． 3【来源】江苏省无锡市2018年中考数学试题【答案】C详解：连接DG、AG，作GH⊥AD于H，连接OD，如图，∵G是BC的中点，∴AG=DG，∴GH垂直平分AD，∴点O在HG上，∵AD∥BC，∴HG⊥BC，∴BC与圆O相切；∵OG=OD，∴点O不是HG的中点，∴圆心O不是AC与BD的交点；而四边形AEFD为⊙O的内接矩形，∴AF与DE的交点是圆O的圆心；∴（1）错误，（2）（3）正确．故选：C．点睛：本题考查了三角形外接圆与外心：三角形的外心到三角形三个顶点的距离相等；三角形的内心是三角形三边垂直平分线的交点．也考查了切线的判定与矩形的性质．6．如图，四边形ABCD内接于⊙O，点I是△ABC的内心，∠AIC=124°，点E在AD的延长线上，则∠CDE的度数为（）A．56° B．62° C．68° D．78°【来源】山东省烟台市2018年中考数学试卷【答案】B【解析】分析：由点I是△ABC的内心知∠BAC=2∠IAC、∠ACB=2∠ICA，从而求得∠B=180°﹣（∠BAC+∠ACB）=180°﹣2（180°﹣∠AIC），再利用圆内接四边形的外角等于内对角可得答案．详解：∵点I是△ABC的内心，∴∠BAC=2∠IAC、∠ACB=2∠ICA，∵∠AIC=124°，∴∠B=180°﹣（∠BAC+∠ACB）=180°﹣2（∠IAC+∠ICA）=180°﹣2（180°﹣∠AIC）=68°，又四边形ABCD内接于⊙O，∴∠CDE=∠B=68°，故选：C．点睛：本题主要考查三角形的内切圆与内心，解题的关键是掌握三角形的内心的性质及圆内接四边形的性质．7．正方形ABCD的边长为2，以各边为直径在正方形内画半圆，得到如图所示阴影部分，若随机向正方形ABCD内投一粒米，则米粒落在阴影部分的概率为（）A． B． C． D．【来源】湖北省随州市2018年中考数学试卷【答案】A【解析】【分析】求得阴影部分的面积后除以正方形的面积即可求得概率．【详解】如图，连接PA、PB、OP，则S半圆O=，S△ABP=×2×1=1，由题意得：图中阴影部分的面积=4（S半圆O﹣S△ABP）=4（﹣1）=2π﹣4，∴米粒落在阴影部分的概率为，故选A．【点睛】本题考查了几何概率的知识，解题的关键是求得阴影部分的面积．8．如图，坐标平面上，A、B两点分别为圆P与x轴、y轴的交点，有一直线L通过P点且与AB垂直，C点为L 与y轴的交点．若A、B、C的坐标分别为（a，0），（0，4），（0，﹣5），其中a＜0，则a的值为何？（）A．﹣2 B．﹣2 C．﹣8 D．﹣7【来源】台湾省2018年中考数学试卷【答案】A【解析】分析：连接AC，根据线段垂直平分线的性质得到AC=BC，根据勾股定理求出OA，得到答案．详解：连接AC，点睛：本题考查的是垂径定理、坐标与图形的性质以及勾股定理，掌握垂径定理的推论是解题的关键．9．如图，△ABC中，D为BC的中点，以D为圆心，BD长为半径画一弧交AC于E点，若∠A=60°，∠B=100°，BC=4，则扇形BDE的面积为何？（）A． B． C． D．【来源】台湾省2018年中考数学试卷【答案】C点睛：本题考查扇形的面积公式、三角形内角和定理等知识，解题的关键是记住扇形的面积公式：S=．10．如图，在正方形ABCD中，AB=12，点E为BC的中点，以CD为直径作半圆CFD，点F为半圆的中点，连接AF，EF，图中阴影部分的面积是（）A． 18+36π B． 24+18π C． 18+18π D． 12+18π【来源】山东省威海市2018年中考数学试题【答案】C【解析】分析：作FH⊥BC于H，连接FH，如图，根据正方形的性质和切线的性质得BE=CE=CH=FH=6，则利用勾股定理可计算出AE=6，通过Rt△ABE≌△EHF得∠AEF=90°，然后利用图中阴影部分的面积=S正方形ABCD+S半圆﹣S△ABE ﹣S△AEF进行计算．点睛：本题考查了正多边形和圆：利用面积的和差计算不规则图形的面积．11．如图,是⊙的直径,弦⊥于点,,则( )A． B． C． D．【来源】湖南省张家界市2018年初中毕业学业考试数学试题【答案】A【解析】分析：根据垂径定理可得出CE的长度，在Rt△OCE中，利用勾股定理可得出OE的长度，再利用AE=AO+OE 即可得出AE的长度．详解：∵弦CD⊥AB于点E，CD=8cm，∴CE=CD=4cm．在Rt△OCE中，OC=5cm，CE=4cm，∴OE==3cm，∴AE=AO+OE=5+3=8cm．故选：A．点睛：本题考查了垂径定理以及勾股定理，利用垂径定理结合勾股定理求出OE的长度是解题的关键．12．如图，在⊙O中，点C在优弧上，将弧沿BC折叠后刚好经过AB的中点D．若⊙O的半径为，AB=4，则BC的长是（）A． B． C． D．【来源】湖北省武汉市2018年中考数学试卷【答案】B【详解】连接OD、AC、DC、OB、OC，作CE⊥AB于E，OF⊥CE于F，如图，∵D为AB的中点，∴OD⊥AB，∴AD=BD=AB=2，在Rt△OBD中，OD==1，∵将弧沿BC折叠后刚好经过AB的中点D，∴弧AC和弧CD所在的圆为等圆，∴，∴AC=DC，∴AE=DE=1，易得四边形ODEF为正方形，∴OF=EF=1，在Rt△OCF中，CF==2，∴CE=CF+EF=2+1=3，而BE=BD+DE=2+1=3，∴BC=3，故选B．【点睛】本题考查了圆周角定理、垂径定理、切线的性质，若出现圆的切线，必连过切点的半径，构造定理图，得出垂直关系，熟练掌握相关的定理和性质是解题的关键.13．如图所示，AB是⊙O的直径，PA切⊙O于点A，线段PO交⊙O于点C，连结BC，若∠P=36°，则∠B等于（）.【来源】四川省眉山市2018年中考数学试题【答案】A【解析】分析：直接利用切线的性质得出∠OAP=90°，再利用三角形内角和定理得出∠AOP=54°，结合圆周角定理得出答案．详解：∵PA切⊙O于点A，∴∠OAP=90°，∵∠P=36°，∴∠AOP=54°，∴∠B=27°．故选：A．点睛：此题主要考查了切线的性质以及圆周角定理，正确得出∠AOP的度数是解题关键．14．如图，在平面直角坐标系xOy中，A（4，0），B（0，3），C（4，3），I是△ABC的内心，将△ABC绕原点逆时针旋转90°后，I的对应点I'的坐标为（）A．（﹣2，3） B．（﹣3，2） C．（3，﹣2） D．（2，﹣3）【来源】湖北省荆门市2018年中考数学试卷【答案】A【解析】【分析】直接利用直角三角形的性质得出其内切圆半径，进而得出I点坐标，再利用旋转的性质得出对应点坐标．【详解】过点作IF⊥AC于点F，IE⊥OA于点E，∵A（4，0），B（0，3），C（4，3），∴BC=4，AC=3，则AB=5，∵I是△ABC的内心，∴I到△ABC各边距离相等，等于其内切圆的半径，∴IF=1，故I到BC的距离也为1，则AE=1，故IE=3﹣1=2，OE=4﹣1=3，则I（3，2），∵△ABC绕原点逆时针旋转90°，∴I的对应点I'的坐标为：（﹣2，3），故选A．【点睛】本题考查了直角三角形的内心、旋转的性质，根据直角三角形内心的性质得出其内心I的坐标是解题的关键.15．如图，在中，，，，以点B为圆心，BC长为半径画弧，交AB于点D，则的长为A． B． C． D．【来源】浙江省宁波市2018年中考数学试卷【答案】C【点睛】本题考查了弧长公式的运用和含30度角的直角三角形性质，熟练掌握弧长公式是解题的关键.弧长公式：弧长为l，圆心角度数为n，圆的半径为．16．如图，分别以等边三角形ABC的三个顶点为圆心，以边长为半径画弧，得到的封闭图形是莱洛三角形，若AB=2，则莱洛三角形的面积（即阴影部分面积）为（）A． B． C． 2 D． 2【来源】广西钦州市2018年中考数学试卷【答案】D【解析】【分析】莱洛三角形的面积是由三块相同的扇形叠加而成，其面积=三块扇形的面积相加，再减去两个等边三角形的面积，分别求出即可．【详解】过A作AD⊥BC于D，∵△ABC是等边三角形，∴AB=AC=BC=2，∠BAC=∠ABC=∠ACB=60°，∵AD⊥BC，∴BD=CD=1，AD=BD=，∴△ABC的面积为BC•AD==，S扇形BAC==，∴莱洛三角形的面积S=3×﹣2×=2π﹣2，故选D．【点睛】本题考查了等边三角形的性质和扇形的面积计算，能根据图形得出莱洛三角形的面积=三块扇形的面积相加、再减去两个等边三角形的面积是解此题的关键．17．⊙O1和⊙O2的半径分别为5和2，O1O2=3，则⊙O1和⊙O2的位置关系是（）A．内含 B．内切 C．相交 D．外切【来源】江苏省徐州巿2018年中考数学试卷【答案】B【解析】【分析】根据两圆圆心距与半径之间的数量关系即可判断⊙O1与⊙O2的位置关系．【详解】∵⊙O1和⊙O2的半径分别为5和2，O1O2=3，则5﹣2=3，∴⊙O1和⊙O2内切，故选B．【点睛】本题考查了由数量关系来判断两圆位置关系的方法．设两圆的半径分别为R和r，且R≥r，圆心距为P：外离P＞R+r；外切P=R+r；相交R﹣r＜P＜R+r；内切P=R﹣r；内含P＜R﹣r．18．已知⊙O的半径为5cm，圆心O到直线l的距离为5cm，则直线l与⊙O的位置关系为（）A．相交 B．相切 C．相离 D．无法确定【来源】湖南省湘西州2018年中考数学试卷【答案】B【解析】【分析】根据圆心到直线的距离5等于圆的半径5，即可判断直线和圆相切．【详解】∵圆心到直线的距离5cm=5cm，∴直线和圆相切，故选B．【点睛】本题考查了直线与圆的关系，解题的关键是能熟练根据数量之间的关系判断直线和圆的位置关系．若d ＜r，则直线与圆相交；若d=r，则直线于圆相切；若d＞r，则直线与圆相离．二、填空题19．如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上的点，过点C作⊙O的切线交AB的延长线于点D．若∠A=32°，则∠D=_____度．【来源】浙江省台州市2018年中考数学试题【答案】26【解析】分析：连接OC，根据圆周角定理得到∠COD=2∠A，根据切线的性质计算即可．详解：连接OC，点睛：本题考查的是切线的性质、圆周角定理，掌握圆的切线垂直于经过切点的半径是解题的关键．20．如图，正方形ABCD的边长为8，M是AB的中点，P是BC边上的动点，连结PM，以点P为圆心，PM长为半径作当与正方形ABCD的边相切时，BP的长为______．【来源】浙江省宁波市2018年中考数学试卷【答案】3或【解析】【分析】分两种情况：与直线CD相切、与直线AD相切，分别画出图形进行求解即可得.【详解】如图1中，当与直线CD相切时，设，在中，，，，，；如图2中当与直线AD相切时，设切点为K，连接PK，则，四边形PKDC是矩形，，，，在中，，综上所述，BP的长为3或．【点睛】本题考查切线的性质、正方形的性质、勾股定理等知识，会用分类讨论的思想思考问题，会利用参数构建方程解决问题是关键．21．如图，在平行四边形ABCD中，AB＜AD，∠D=30°，CD=4，以AB为直径的⊙O交BC于点E，则阴影部分的面积为_____．【来源】湖北省荆门市2018年中考数学试卷【答案】【解析】【分析】连接半径和弦AE，根据直径所对的圆周角是直角得：∠AEB=90°，继而可得AE和BE的长，所以图中弓形的面积为扇形OBE的面积与△OBE面积的差，因为OA=OB，所以△OBE的面积是△ABE面积的一半，可得结论．【详解】如图，连接OE、AE，∵AB是⊙O的直径，∴∠AEB=90°，∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB=CD=4，∠B=∠D=30°，∴AE=AB=2，BE==2，∵OA=OB=OE，∴∠B=∠OEB=30°，∴∠BOE=120°，∴S阴影=S扇形OBE﹣S△BOE==，故答案为：．【点睛】本题考查了扇形的面积计算、平行四边形的性质，含30度角的直角三角形的性质等，求出扇形OBE的面积和△ABE的面积是解本题的关键．22．用一块圆心角为216°的扇形铁皮，做一个高为40cm的圆锥形工件（接缝忽略不计），那么这个扇形铁皮的半径是_____cm．【来源】山东省聊城市2018年中考数学试题【答案】50【解析】分析：设这个扇形铁皮的半径为Rcm，圆锥的底面圆的半径为rcm，根据圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长．和弧长公式得到2πr=，解得r=R，然后利用勾股定理得到402+（R）2=R2，最后解方程即可．详解：设这个扇形铁皮的半径为Rcm，圆锥的底面圆的半径为rcm，根据题意得2πr=，解得r=R，因为402+（R）2=R2，解得R=50．所以这个扇形铁皮的半径为50cm．故答案为50．点睛：本题考查了圆锥的计算：圆锥的侧面展开图为一扇形，这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长，扇形的半径等于圆锥的母线长．23．已知的半径为，，是的两条弦，，，，则弦和之间的距离是__________．【来源】湖北省孝感市2018年中考数学试题【答案】2或14详解：①当弦AB和CD在圆心同侧时，如图，∵AB=16cm，CD=12cm，∴AE=8cm，CF=6cm，∵OA=OC=10cm，∴EO=6cm，OF=8cm，∴EF=OF-OE=2cm；②当弦AB和CD在圆心异侧时，如图，∵AB=16cm，CD=12cm，∴AF=8cm，CE=6cm，∵OA=OC=10cm，∴OF=6cm，OE=8cm，∴EF=OF+OE=14cm．∴AB与CD之间的距离为14cm或2cm．故答案为：2或14．点睛：本题考查了勾股定理和垂径定理的应用．此题难度适中，解题的关键是注意掌握数形结合思想与分类讨论思想的应用，小心别漏解．24．如图，方格纸上每个小正方形的边长均为1个单位长度，点O，A，B，C在格点（两条网格线的交点叫格点）上，以点O为原点建立直角坐标系，则过A，B，C三点的圆的圆心坐标为_____．【来源】山东省烟台市2018年中考数学试卷【答案】（-1，-2）【解析】分析：连接CB，作CB的垂直平分线，根据勾股定理和半径相等得出点O的坐标即可．详解：连接CB，作CB的垂直平分线，如图所示：在CB的垂直平分线上找到一点D，CD═DB=DA=，所以D是过A，B，C三点的圆的圆心，即D的坐标为（﹣1，﹣2），故答案为：（﹣1，﹣2），点睛：此题考查垂径定理，关键是根据垂径定理得出圆心位置．25．如图，点，，，在上，，，，则________．【来源】北京市2018年中考数学试卷【答案】70°【解析】分析：根据=，得到，根据同弧所对的圆周角相等即可得到，根据三角形的内角和即可求出.详解：∵=，∴，∴，∵，∴．故答案为：点睛：考查圆周角定理和三角形的内角和定理，熟练掌握圆周角定理是解题的关键.26．在Rt△ABC中，AB=1，∠A=60°，∠ABC=90°，如图所示将Rt△ABC沿直线l无滑动地滚动至Rt△DEF，则点B所经过的路径与直线l所围成的封闭图形的面积为_____．（结果不取近似值）【来源】湖北省恩施州2018年中考数学试题【答案】π+．【解析】分析：先得到∠ACB=30°，BC=，利用旋转的性质可得到点B路径分部分：第一部分为以直角三角形30°的直角顶点为圆心，为半径，圆心角为150°的弧长；第二部分为以直角三角形60°的直角顶点为圆心，1为半径，圆心角为120°的弧长，第三部分为△ABC的面积；然后根据扇形的面积公式计算点B所经过的路径与直线l所围成的封闭图形的面积．详解：∵Rt△ABC中，∠A=60°，∠ABC=90°，∴∠ACB=30°，BC=，将Rt△ABC沿直线l无滑动地滚动至Rt△DEF，点B路径分部分：第一部分为以直角三角形30°的直角顶点为圆心，为半径，圆心角为150°的弧长；第二部分为以直角三角形60°的直角顶点为圆心，1为半径，圆心角为120°的弧长；第三部分为△ABC的面积.∴点B所经过的路径与直线l所围成的封闭图形的面积=．故答案为．点睛：本题考查了轨迹：利用特殊几何图形描述点运动的轨迹，然后利用几何性质计算相应的几何量．27．如图，△ABC是等腰直角三角形，∠ACB=90°，AC=BC=2，把△ABC绕点A按顺时针方向旋转45°后得到△AB′C′，则线段BC在上述旋转过程中所扫过部分（阴影部分）的面积是________.【来源】四川省眉山市2018年中考数学试题【答案】点睛：本题考查了扇形面积的计算：阴影面积的主要思路是将不规则图形面积转化为规则图形的面积．也考查了等腰直角三角形的性质和旋转的性质．28．如图，△ABC中，∠ACB=90°，sinA=，AC=12，将△ABC绕点C顺时针旋转90°得到△A'B'C，P为线段A′B'上的动点，以点P为圆心，PA′长为半径作⊙P，当⊙P与△ABC的边相切时，⊙P的半径为_____．【来源】江苏省泰州市2018年中考数学试题【答案】或【解析】分析：分两种情形分别求解：如图1中，当⊙P与直线AC相切于点Q时，如图2中，当⊙P与AB相切于点T时，详解：如图1中，当⊙P与直线AC相切于点Q时，连接PQ．设PQ=PA′=r，∵PQ∥CA′，∴，∴，∴r=．如图2中，当⊙P与AB相切于点T时，易证A′、B′、T共线，∵△A′BT∽△ABC，∴，∴，∴A′T=，∴r=A′T=．综上所述，⊙P的半径为或．点睛：本题考查切线的性质、勾股定理、锐角三角函数、相似三角形的判定和性质、平行线分线段成比例定理等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题．29．如图，已知△ABC的内切圆⊙O与BC边相切于点D，连结OB，OD．若∠ABC=40°，则∠BOD的度数是_____．【来源】浙江省湖州市2018年中考数学试题【答案】70°【解析】分析：先根据三角形内心的性质和切线的性质得到OB平分∠ABC，OD⊥BC，则∠OBD=∠ABC=20°，然后利用互余计算∠BOD的度数．详解：∵△ABC的内切圆⊙O与BC边相切于点D，∴OB平分∠ABC，OD⊥BC，∴∠OBD=∠ABC=×40°=20°，∴∠BOD=90°-∠OBD=70°．故答案为70°．点睛：本题考查了三角形内切圆与内心：三角形的内心到三角形三边的距离相等；三角形的内心与三角形顶点的连线平分这个内角．也考查了等腰三角形的判定与性质和三角形的外接圆．30．如图，在扇形CAB中，CD⊥AB，垂足为D，⊙E是△ACD的内切圆，连接AE，BE，则∠AEB的度数为__．【来源】山东省威海市2018年中考数学试题【答案】135°．【解析】分析：如图，连接EC．首先证明∠AEC=135°，再证明△EAC≌△EAB即可解决问题.详解：如图，连接EC．点睛：本题考查三角形的内心、全等三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造全等三角形解决问题，属于中考常考题型．三、解答题31．已知：如图，AB是⊙O的直径，AB=4，点F，C是⊙O上两点，连接AC，AF，OC，弦AC平分∠FAB，∠BOC=60°，过点C作CD⊥AF交AF的延长线于点D，垂足为点D．（1）求扇形OBC的面积（结果保留）；（2）求证：CD是⊙O的切线．【来源】湖南省怀化市2018年中考数学试题【答案】（1）S扇形OBC=；（2）证明见解析.【解析】分析：（1）由扇形的面积公式即可求出答案．（2）易证∠FAC=∠ACO，从而可知AD∥OC，由于CD⊥AF，所以CD⊥OC，所以CD是⊙O的切线．详解：（1）∵AB=4，∴OB=2∵∠COB=60°，∴S扇形OBC=.（2）∵AC平分∠FAB，∴∠FAC=∠CAO，∵AO=CO，∴∠ACO=∠CAO∴∠FAC=∠ACO∴AD∥OC，∵CD⊥AF，∴CD⊥OC∵C在圆上，∴CD是⊙O的切线点睛：本题考查圆的综合问题，解题的关键是熟练运用扇形面积公式以及切线的判定方法，本题属于中等题型．32．如图，AB是⊙O的直径，AC切⊙O于点A，BC交⊙O于点D．已知⊙O的半径为6，∠C=40°．（1）求∠B的度数．（2）求的长．（结果保留π）【来源】吉林省长春市2018年中考数学试卷【答案】(1)50°;(2).【解析】【分析】（1）根据切线的性质求出∠A=90°，根据三角形内角和定理求出即可；（2）根据圆周角定理求出∠AOD，根据弧长公式求出即可．【详解】（1）∵AC切⊙O于点A，∠BAC=90°，∵∠C=40°，∴∠B=50°；（2）如图，连接OD，∵∠B=50°，∴∠AOD=2∠B=100°，∴的长为．【点睛】本题考查了切线的性质、圆周角定理、弧长公式等，熟练掌握切线的性质、圆周角定理以及弧长公式等知识是解题的关键.33．已知BC是⊙O的直径，点D是BC延长线上一点，AB=AD，AE是⊙O的弦，∠AEC=30°．（1）求证：直线AD是⊙O的切线；（2）若AE⊥BC，垂足为M，⊙O的半径为4，求AE的长．【来源】湖南省郴州市2018年中考数学试卷【答案】（1）证明见解析；（2）.【解析】【分析】（1）先求出∠ABC=30°，进而求出∠BAD=120°，即可求出∠OAB=30°，结论得证；（2）先求出∠AOC=60°，用三角函数求出AM，再用垂径定理即可得出结论．（2）连接OA，∵∠AEC=30°，∴∠AOC=60°，∵BC⊥AE于M，∴AE=2AM，∠OMA=90°，在Rt△AOM中，AM=OA•sin∠AOM=4×sin60°=2，∴AE=2AM=4．【点睛】本题考查了等腰三角形的性质，垂径定理，切线的判定，锐角三角函数，三角形内角和定理，圆周角定理等，熟练掌握和运用相关的定理与性质是解本题的关键．34．如图，CD是⊙O的切线，点C在直径AB的延长线上．（1）求证：∠CAD=∠BDC；（2）若BD=AD，AC=3，求CD的长．【来源】山东省东营市2018年中考数学试题【答案】（1）证明见解析；（2）CD=2．【解析】分析：（1）连接OD，由OB=OD可得出∠OBD=∠ODB，根据切线的性质及直径所对的圆周角等于180°，利用等角的余角相等，即可证出∠CAD=∠BDC；（2）由∠C=∠C、∠CAD=∠CDB可得出△CDB∽△CAD，根据相似三角形的性质结合BD=AD、AC=3，即可求出CD 的长．详（1）证明：连接OD，如图所示．∵OB=OD，∴∠OBD=∠ODB．∵CD是⊙O的切线，OD是⊙O的半径，∴∠ODB+∠BDC=90°．∵AB是⊙O的直径，∴∠ADB=90°，∴∠OBD+∠CAD=90°，∴∠CAD=∠BDC．（2）∵∠C=∠C，∠CAD=∠CDB，∴△CDB∽△CAD，∴．∵BD=AD，∴，∴，∴CD=2．点睛：本题考查了相似三角形的判定与性质、圆周角定义以及切线的性质，解题的关键是：（1）利用等角的余角相等证出∠CAD=∠BDC；（2）利用相似三角形的性质找出．35．如图，AB是⊙O的直径，ED切⊙O于点C，AD交⊙O于点F，∠AC平分∠BAD，连接BF．（1）求证：AD⊥ED；（2）若CD=4，AF=2，求⊙O的半径．【来源】云南省昆明市2018年中考数学试题【答案】（1）证明见解析；（2）⊙O的半径为．【解析】分析：（1）连接OC，如图，先证明OC∥AD，然后利用切线的性质得OC⊥DE，从而得到AD⊥ED；（2）OC交BF于H，如图，利用圆周角定理得到∠AFB=90°，再证明四边形CDFH为矩形得到FH=CD=4，∠CHF=90°，利用垂径定理得到BH=FH=4，然后利用勾股定理计算出AB，从而得到⊙O的半径．详（1）证明：连接OC，如图，∵AC平分∠BAD，∴∠1=∠2，∵OA=OC，∴∠1=∠3，∴∠2=∠3，∴OC∥AD，∵ED切⊙O于点C，∴AD⊥ED；点睛：本题考查了切线的性质：圆的切线垂直于经过切点的半径．若出现圆的切线，必连过切点的半径，构造定理图，得出垂直关系．也考查了垂径定理和圆周角定理．36．如图，△ABC是⊙O的内接三角形，点D在上，点E在弦AB上（E不与A重合），且四边形BDCE为菱形．（1）求证：AC=CE；（2）求证：BC2﹣AC2=AB•AC；（3）已知⊙O的半径为3．①若=，求BC的长；②当为何值时，AB•AC的值最大？【来源】浙江省台州市2018年中考数学试题【答案】（1）证明见解析；（2）证明见解析；（3）①BC=4；②【解析】分析：（1）由菱形知∠D=∠BEC，由∠A+∠D=∠BEC+∠AEC=180°可得∠A=∠AEC，据此得证；（2）以点C为圆心，CE长为半径作⊙C，与BC交于点F，于BC延长线交于点G，则CF=CG=AC=CE=CD，证△BEF ∽△BGA得，即BF•BG=BE•AB，将BF=BC-CF=BC-AC、BG=BC+CG=BC+AC代入可得；（3）①设AB=5k、AC=3k，由BC2-AC2=AB•AC知BC=2k，连接ED交BC于点M，Rt△DMC中由DC=AC=3k、MC=BC=k求得DM==k，可知OM=OD-DM=3-k，在Rt△COM中，由OM2+MC2=OC2可得答案．②设OM=d，则MD=3-d，MC2=OC2-OM2=9-d2，继而知BC2=（2MC）2=36-4d2、AC2=DC2=DM2+CM2=（3-d）2+9-d2，由（2）得AB•AC=BC2-AC2，据此得出关于d的二次函数，利用二次函数的性质可得答案．详解：（1）∵四边形EBDC为菱形，∴∠D=∠BEC，∵四边形ABDC是圆的内接四边形，∴∠A+∠D=180°，又∠BEC+∠AEC=180°，∴∠A=∠AEC，∴AC=CE；（2）以点C为圆心，CE长为半径作⊙C，与BC交于点F，于BC延长线交于点G，则CF=CG，由（1）知AC=CE=CD，∴CF=CG=AC，∵四边形AEFG是⊙C的内接四边形，∴∠G+∠AEF=180°，又∵∠AEF+∠BEF=180°，∴∠G=∠BEF，∵∠EBF=∠GBA，∴△BEF∽△BGA，∴，即BF•BG=BE•AB，∵BF=BC﹣CF=BC﹣AC、BG=BC+CG=BC+AC，BE=CE=AC，∴（BC﹣AC）（BC+AC）=AB•AC，即BC2﹣AC2=AB•AC；（3）设AB=5k、AC=3k，∵BC2﹣AC2=AB•AC，∴BC=2k，连接ED交BC于点M，∵四边形BDCE是菱形，∴DE垂直平分BC，则点E、O、M、D共线，在Rt△DMC中，DC=AC=3k，MC=BC=k，∴DM=，∴OM=OD﹣DM=3﹣k，在Rt△COM中，由OM2+MC2=OC2得（3﹣k）2+（k）2=32，解得：k=或k=0（舍），∴BC=2k=4；点睛：本题主要考查圆的综合问题，解题的关键是掌握圆的有关性质、圆内接四边形的性质及菱形的性质、相似三角形的判定与性质、二次函数的性质等知识点．37．如图1，直线l：与x轴交于点，与y轴交于点B，点C是线段OA上一动点以点A为圆心，AC长为半径作交x轴于另一点D，交线段AB于点E，连结OE并延长交于点F．求直线l的函数表达式和的值；如图2，连结CE，当时，求证：∽；求点E的坐标；当点C在线段OA上运动时，求的最大值．【来源】浙江省宁波市2018年中考数学试卷【答案】（1）直线l的函数表达式，；证明见解析；E；最大值为．【解析】【分析】利用待定系数法求出b即可得出直线l表达式，即可求出OA，OB，即可得出结论；先判断出，进而得出，即可得出结论；设出，，进而得出点E坐标，即可得出OE的平方，再根据的相似得出比例式得出OE的平方，建立方程即可得出结论；利用面积法求出OG，进而得出AG，HE，再构造相似三角形，即可得出结论．【详解】（1）直线l：与x轴交于点，，，直线l的函数表达式，，，，在中，；如图2，连接DF，，，，，，四边形CEFD是的圆内接四边形，，，，∽，过点于M，由知，，设，则，，，，，，由知，∽，，，，，，舍或，，，；如图，设的半径为r，过点O作于G，，，，，，【点睛】本题是圆的综合题，主要考查了待定系数法，相似三角形的判定和性质，锐角三角函数，勾股定理等，熟练掌握相似三角形的判定与性质、锐角三角函数等知识，运用数理结合思想，正确添加辅助线进行图形构建是解本题的关键．38．如图，AB为⊙O的直径，C为⊙O上一点，经过点C的切线交AB的延长线于点E，AD⊥EC交EC的延长线于点D，AD交⊙O于F，FM⊥AB于H，分别交⊙O、AC于M、N，连接MB，BC．（1）求证：AC平分∠DAE；（2）若cosM=，BE=1，①求⊙O的半径；②求FN的长．【来源】湖北省荆门市2018年中考数学试卷【答案】（1）证明见解析；（2）①⊙O的半径为4；②FN=．【解析】【分析】（1）连接OC，如图，利用切线的性质得OC⊥DE，则判断OC∥AD得到∠1=∠3，加上∠2=∠3，从而得到∠1=∠2；（2）①利用圆周角定理和垂径定理得到，则∠COE=∠FAB，所以∠FAB=∠M=∠COE，设⊙O的半径为r，然后在Rt△OCE中利用余弦的定义得到，从而解方程求出r即可；②连接BF，如图，先在Rt△AFB中利用余弦定义计算出AF=，再计算出OC=3，接着证明△AFN∽△AEC，然后利用相似比可计算出FN的长．【详解】（1）连接OC，如图，∵直线DE与⊙O相切于点C，∴OC⊥DE，又∵AD⊥DE，∴OC∥AD．∴∠1=∠3∵OA=OC，∴∠2=∠3，∴∠1=∠2，∴AC平方∠DAE；（2）①∵AB为直径，∴∠AFB=90°，而DE⊥AD，∴BF∥DE，∴OC⊥BF，∴，∴∠COE=∠FAB，而∠FAB=∠M，∴∠COE=∠M，设⊙O的半径为r，在Rt△OCE中，cos∠COE=，即，解得r=4，即⊙O的半径为4；②连接BF，如图，在Rt△AFB中，cos∠FAB=，∴AF=8×，在Rt△OCE中，OE=5，OC=4，∴CE=3，∵AB⊥FM，∴，∴∠5=∠4，∵FB∥DE，∴∠5=∠E=∠4，∵，∴∠1=∠2，∴△AFN∽△AEC，∴，即，∴FN=．【点睛】本题考查了切线的性质、垂径定理、圆周角定理和相似三角形的判定与性质等，综合性较强，正确添加辅助线、熟练应用相关的性质与定理是解题的关键.39．如图，中，，以为直径的交于点，交于点，过点作于点，交的延长线于点.。

(部编版)2020年中考数学试题分项版解析汇编第期专题10四边形含解析0

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专题10 四边形一、选择题1.（2017浙江衢州第8题）如图，在直角坐标系中，点A 在函数)0(4>=x xy 的图象上，AB ⊥x 轴于点B ，AB 的垂直平分线与y 轴交于点C ，与函数)0(4>=x xy 的图象交于点D 。

连结AC ，CB ，BD ，DA ，则四边形ACBD 的面积等于（ ）A. 2B. 32C. 4D. 34 【答案】C ． 【解析】试题解析：设A （a ，4a ），可求出D （2a ，2a）， ∵AB ⊥CD ， ∴S 四边形ACBD =12AB•CD=12×2a×4a=4， 故选C ．考点：反比例函数系数k 的几何意义.2.（2017浙江衢州第9题）如图，矩形纸片ABCD 中，A B=4，BC=6，将△ABC 沿AC 折叠，使点B 落在点E 处，CE 交AD 于点F ，则DF 的长等于（ ）A.53 B. 35 C. 37 D. 45 【答案】B ． 【解析】试题解析： ∵矩形ABCD 沿对角线AC 对折，使△ABC 落在△ACE 的位置， ∴AE=AB ，∠E=∠B=90°， 又∵四边形ABCD 为矩形， ∴AB=CD ， ∴AE=DC ， 而∠AFE=∠DFC ， ∵在△AEF 与△CDF 中，AFE CFD E DAE CD ⎧∠=∠⎪∠=∠⎨⎪=⎩， ∴△AEF ≌△CDF （AAS ）， ∴EF=DF ；∵四边形ABCD 为矩形， ∴AD=BC=6，CD=AB=4， ∵Rt △AEF ≌Rt △CDF ， ∴FC=FA ，设FA=x ，则FC=x ，FD=6﹣x ，在Rt △CDF 中，CF 2=CD 2+DF 2，即x 2=42+（6﹣x ）2，解得x=133， 则FD=6﹣x=53． 故选B ．考点：1.矩形的性质；2.折叠问题.3.（2017山东德州第11题）如图放置的两个正方形，大正方形ABCD 边长为a ，小正方形CEFG 边长为b(a ＞b),M 在边BC 上，且BM=b ，连AM ，MF ，MF 交CG 于点P ，将△ABM 绕点A 旋转至△ADN ，将△MEF 绕点F 旋转至△NGF 。

2020年浙江省绍兴中考数学试卷(附答案与解析)

2020年浙江省绍兴中考数学试卷(附答案与解析)

数学试卷 第1页（共26页）数学试卷 第2页（共8页）绝密★启用前2020年浙江省绍兴市初中学业水平考试数 学卷Ⅰ（选择题）一、选择题（本大题有10小题，每小题4分，共40分.请选出每小题中一个最符合题意的选项，不选、多选、错选，均不给分）1.实数2，0，2-中，为负数的是（ ）A .2B .0C .2-D2.某自动控制器的芯片，可植入2 020 000 000粒晶体管，这个数字2 020 000 000用科学记数法可表示为（ ）A .100.20210⨯B .92.0210⨯C .820.210⨯D .82.0210⨯3.将如图的七巧板的其中几块，拼成一个多边形，为中心对称图形的是（ ）第3题图ABCD4.如图，点A ，B ，C ，D ，E 均在O 上，15BAC ∠=︒，30CED ∠=︒，则BOD ∠的度数为（ ）第4题图A .45︒B .60︒C .75︒D .90︒5.如图，三角板在灯光照射下形成投影，三角板与其投影的相似比为2:5，且三角板的一边长为8cm .则投影三角板的对应边长为（ ）第5题图A .20cmB .10cmC .8cmD .3.2cm 6.如图，小球从A 入口往下落，在每个交叉口都有向左或向右两种可能，且可能性相等.则小球从E 出口落出的概率是（ ）第6题图A .12B .13C .14D .167.长度分别为2，3，3，4的四根细木棒首尾相连，围成一个三角形（木棒允许连接，但不允许折断），得到的三角形的最长边长为（ ）A .4B .5C .6D .78.如图，点O 为矩形ABCD 的对称中心，点E 从点A 出发沿AB 向点B 运动，移动到点B 停止，延长EO 交CD 于点F ，则四边形AECF 形状的变化依次为（ ）第8题图A .平行四边形→正方形→平行四边形→矩形B .平行四边形→菱形→平行四边形→矩形C .平行四边形→正方形→菱形→矩形D .平行四边形→菱形→正方形→矩形-------------在--------------------此--------------------卷--------------------上--------------------答--------------------题--------------------无--------------------效------------毕业学校_____________ 姓名________________ 考生号________________________________ _____________数学试卷 第3页（共26页）数学试卷 第4页（共26页）9.如图，等腰直角三角形ABC 中，90ABC ∠=︒，BA BC =，将BC 绕点B 顺时针旋转θ（090θ︒︒＜＜），得到BP ，连结CP ，过点A 作AH CP ⊥交CP 的延长线于点H ，连结AP ，则PAH ∠的度数 （ ）第9题图A .随着θ的增大而增大B .随着θ的增大而减小C .不变D .随着θ的增大，先增大后减小 10.同型号的甲、乙两辆车加满气体燃料后均可行驶210km ，它们各自单独行驶并返回的最远距离是105km ，现在它们都从A 地出发，行驶途中停下来从甲车的气体燃料桶抽一些气体燃料注入乙车的气体燃料桶，然后甲车再行驶返回A 地，而乙车继续行驶，到B 地后再行驶返回A 地.则B 地最远可距离A 地 （ ） A .120km B .140km C .160kmD .180km卷Ⅰ（非选择题）二、填空题（本大题有6小题，每小题5分，共30分）11.分解因式：21x -=________. 12.若关于x ，y 的二元一次方程组20x y A +=⎧⎨=⎩的解为x 1y 1=⎧⎨=⎩，则多项式A 可以是________（写出一个即可）.13.如图1，直角三角形纸片的一条直角边长为2，剪四块这样的直角三角形纸片，把它们按图2放入一个边长为3的正方形中（纸片在结合部分不重叠无缝隙），则图2中阴影部分面积为________.图1图2第13题图14.如图，已知边长为2的等边三角形ABC 中，分别以点A ，C 为圆心，m 为半径作弧，两弧交于点D ，连结BD .若BD的长为，则m 的值为________.第14题图15.有两种消费券：A 券，满60元减20元，B 券，满90元减30元，即一次购物大于等于60元、90元，付款时分别减20元、30元.小敏有一张A 券，小聪有一张B 券，他们都购了一件标价相同的商品，各自付款，若能用券时用券，这样两人共付款150元，则所购商品的标价是________元.16.，1的矩形纸片剪成四个等腰三角形纸片（无余纸片），各种剪法剪出的等腰三角形中，其中一个等腰三角形的腰长可以是下列数中的________（填序号）.，②11三、解答题（本大题有8小题，第17~20小题每小题8分，第21小题10分，第22，23小题每小题12分，第24小题14分，共80分，解答需写出必要的文字说明、演算步骤或证明过程）17.（1()20204cos451︒+-.（2）化简：()()22x y x x y ++-.18.如图，点E 是ABCD 的边CD 的中点，连结AE 并延长，交BC 的延长线于点F . （1）若AD 的长为2，求CF 的长.（2）若90BAF ∠=︒，试添加一个条件，并写出F ∠的度数.第18题图19.一只羽毛球的重量合格标准是5.0克～5.2克（含5.0克，不含5.2克），某厂对4-------------在--------------------此--------------------卷--------------------上--------------------答--------------------题--------------------无--------------------效------------毕业学校_____________ 姓名________________ 考生号________________________________ _____________数学试卷 第5页（共26页）数学试卷 第6页（共8页）月份生产的羽毛球重量进行抽样检验.并将所得数据绘制成如图统计图表. 4月份生产的羽毛球重量统计表 第19题表组别 重量x （克） 数量（只） A 5.0x ＜ m B 5.0 5.1x ≤＜ 400 C 5.1 5.2x ≤＜ 550D5.2x ≥304月份生产的羽毛球重量统计图第19题图（1）求表中m 的值及图中B 组扇形的圆心角的度数.（2）问这些抽样检验的羽毛球中，合格率是多少？如果购得4月份生产的羽毛球10筒（每筒12只），估计所购得的羽毛球中，非合格品的羽毛球有多少只？20.我国传统的计重工具——秤的应用，方便了人们的生活.如图1，可以用秤砣到秤纽的水平距离，来得出秤钩上所挂物体的重量.称重时，若秤杆上秤砣到秤纽的水平距离为x （厘米）时，秤钩所挂物重为y （斤），则y 是x 的一次函数.下表中为若干次第20题表（1）在上表x ，y 的数据中，发现有一对数据记录错误.在图2中，通过描点的方法，观察判断哪一对是错误的？（2）根据（1）的发现，问秤杆上秤砣到秤纽的水平距离为16厘米时，秤钩所挂物重是多少？第20题图1第20题图221.如图1为搭建在地面上的遮阳棚，图2、图3是遮阳棚支架的示意图.遮阳棚支架由相同的菱形和相同的等腰三角形构成，滑块E ，H 可分别沿等长的立柱AB ，DC 上下移动，1m AF EF FG ===.（1）若移动滑块使AE EF =，求AFE ∠的度数和棚宽BC 的长.（2）当AFE ∠由60︒变为74︒时，问棚宽BC 是增加还是减少？增加或减少了多少？ （结果精确到0.1m .参考数据：1.73，sin370.60︒≈，cos370.80tan370.75︒≈︒≈，）图1图2 图3第21题图22.问题：如图，在ABD △中，BA BD =.在BD 的延长线上取点E ，C ，作AEC △，使EA EC =，若90BAE ∠=︒，45B ∠=︒，求DAC ∠的度数.答案：45DAC ∠=︒.思考：（1）如果把以上“问题”中的条件“45B ∠=︒”去掉，其余条件不变，那么DAC ∠的度数会改变吗？说明理由；（2）如果把以上“问题”中的条件“45B ∠=︒”去掉，再将“90BAE ∠=︒”改为“BAE n ∠=︒”，其余条件不变，求DAC ∠的度数.第22题图23.如图1，排球场长为18m ，宽为9m ，网高为2.24m .队员站在底线O 点处发球，球从点O 的正上方1.9m 的C 点发出，运动路线是抛物线的一部分，当球运动到最高点数学试卷 第7页（共26页）数学试卷 第8页（共26页）A 时，高度为2.88m .即 2.88m BA =.这时水平距离7m OB =，以直线OB 为x 轴，直线OC 为y 轴，建立平面直角坐标系，如图2.（1）若球向正前方运动（即x 轴垂直于底线），求球运动的高度y （m ）与水平距离x （m ）之间的函数关系式（不必写出x 取值范围）.并判断这次发球能否过网？是否出界？说明理由；（2）若球过网后的落点是对方场地①号位内的点P （如图1，点P 距底线1m ，边线0.5m ），问发球点O取1.4）图1图2第23题图24.如图1，矩形DEFG 中，2DG =，3DE =，Rt ABC △中，90ACB ∠=︒，2CA CB ==，FG ，BC 的延长线相交于点O ，且FG BC ⊥，2OG =，4OC =.将ABC △绕点O逆时针旋转()0180αα︒︒≤＜得到A B C '''△. （1）当30α=︒时，求点C '到直线OF 的距离. （2）在图1中，取A B ''的中点P ，连结C P '，如图2.①当C P '与矩形DEFG 的一条边平行时，求点C '到直线DE 的距离.②当线段A P '与矩形DEFG 的边有且只有一个交点时，求该交点到直线DG 的距离的取值范围.图1图2第24题图数学试卷 第9页（共26页）数学试卷 第10页（共8页）2020年浙江省绍兴市初中学业水平考试数学答案解析卷Ⅰ（选择题）一、 1.【答案】C【解析】根据负数定义可得答案.解：实数2，0，2-中，为负数的是2-，故选：C . 2.【答案】B【解析】科学记数法的表示形式为10n a ⨯的形式，其中110a ≤＜，n 为整数.确定n 的值时，要看把原数变成a 时，小数点移动了多少位，n 的绝对值与小数点移动的位数相同.解：92020000000 2.0210⨯＝，故选：B . 3.【答案】D【解析】根据中心对称的定义，结合所给图形即可作出判断.解：A 、不是中心对称图形，故本选项不符合题意；B 、不是中心对称图形，故本选项不符合题意；C 、不是中心对称图形，故本选项不符合题意；D 、是中心对称图形，故本选项符合题意.故选：D . 4.【答案】D【解析】首先连接BE ，由圆周角定理即可得BEC ∠的度数，继而求得BED ∠的度数，然后由圆周角定理，求得BOD ∠的度数. 解：连接BE ，15BEC BAC ∠=∠=︒，30CED ∠=︒， 45BED BEC CED ∴∠=∠+∠=︒， 290BOD BED ∴∠=∠=︒.故选：D . 5.【答案】A【解析】根据对应边的比等于相似比列式进行计算即可得解. 解：设投影三角尺的对应边长为cm x ， 三角尺与投影三角尺相似，8:2:5x ∴=，解得20x =. 故选：A . 6.【答案】C【解析】根据“在每个交叉口都有向左或向右两种可能，且可能性相等”可知在点B 、C 、D 处都是等可能情况，从而得到在四个出口E 、F 、G 、H 也都是等可能情况，然后概率的意义列式即可得解.解：由图可知，在每个交叉口都有向左或向右两种可能，且可能性相等，小球最终落出的点共有E 、F 、G 、H 四个，所以小球从E 出口落出的概率是：14； 故选：C . 7.【答案】B【解析】利用三角形的三边关系列举出所围成三角形的不同情况，通过比较得到结论. 解：①长度分别为5、3、4，能构成三角形，且最长边为5；②长度分别为2、6、4，不能构成三角形；③长度分别为2、7、3，不能构成三角形；综上所述，得到三角形的最长边长为5. 故选：B . 8.【答案】B【解析】根据对称中心的定义，根据矩形的性质，可得四边形AECF 形状的变化情况.解：观察图形可知，四边形AECF形状的变化依次为平行四边形→菱形→平行四边形→数学试卷 第11页（共26页）数学试卷 第12页（共26页）矩形.故选：B . 9.【答案】C【解析】由旋转的性质可得BC BP BA ==，由等腰三角形的性质和三角形内接和定理可求135BPC BPA CPA ∠+∠=︒=∠，由外角的性质可求1359045PAH ∠=︒-︒=︒，即可求解.解：将BC 绕点B 顺时针旋转θ（090θ︒︒＜＜），得到BP ， BC BP BA ∴==，BCP BPC ∴∠=∠，BPA BAP ∠=∠， 180CBP BCP BPC ∠+∠+∠=︒，180ABP BAP BPA ∠+∠+∠=︒，90ABP CBP ∠+∠=︒，135BPC BPA CPA ∴∠+∠=︒=∠， 135CPA AHC PAH ∠=∠+∠=︒，1359045PAH ∴∠=︒-︒=︒，PAH ∴∠的度数是定值，故选：C . 10.【答案】B【解析】设甲行驶到C 地时返回，到达A 地燃料用完，乙行驶到B 地再返回A 地时燃料用完，根据题意得关于x 和y 的二元一次方程组，求解即可.【解答】解：设甲行驶到C 地时返回，到达A 地燃料用完，乙行驶到B 地再返回A 地时燃料用完，如图：设km AB x =，km AC y =，根据题意得：222102210x y x y x +=⨯⎧⎨-+=⎩， 解得：14070x y =⎧⎨=⎩.∴乙在C 地时加注行驶70km 的燃料，则AB 的最大长度是140km .故选：B .卷Ⅰ（非选择题）二、 11.【答案】【解析】分解因式21x -中，可知是2项式，没有公因式，用平方差公式分解即可. 解：()()2111x x x -=+-. 故答案为：()()11x x +-.12.【答案】x y -（等其他合理答案）【解析】根据方程组的解的定义，为x 1y 1=⎧⎨=⎩应该满足所写方程组的每一个方程.因此，可以围绕为x 1y 1=⎧⎨=⎩列一组算式，然后用x ，y 代换即可.【解答】解：关于x ，y 的二元一次方程组20x y A +=⎧⎨=⎩的解为x 1y 1=⎧⎨=⎩，而110-=，∴多项式A 可以是答案不唯一，如x y -.故答案为：答案不唯一，如x y -. 13.【答案】【解析】根据题意和图形，可以得到直角三角形的一条直角边的长和斜边的长，从而可以得到直角三角形的另一条直角边长，再根据图形，可知阴影部分的面积是四个直角三角形的面积，然后代入数据计算即可. 解：由题意可得，直角三角形的斜边长为3，一条直角边长为2，=数学试卷 第13页（共26页）数学试卷 第14页（共8页）故阴影部分的面积是：242=故答案为：14.【答案】2或【解析】由作图知，点D 在AC 的垂直平分线上，得到点B 在AC 的垂直平分线上，求得BD 垂直平分AC ，设垂足为E ，得到BE =，当点D 、B 在AC 的两侧时，如图，当点D 、B 在AC 的同侧时，如图，解直角三角形即可得到结论. 解：由作图知，点D 在AC 的垂直平分线上，ABC △是等边三角形，∴点B 在AC 的垂直平分线上，BD ∴垂直平分AC ，设垂足为E ，2AC AB ==，BE ∴=当点D 、B 在AC 的两侧时，如图，2BD =BE DE ∴=， 2AD AB ∴==，2m ∴=；当点D 、B 在AC 的同侧时，如图，BD '=D E ∴'=AD ∴'=m ∴=综上所述，m 的值为2或 故答案为：2或15.【答案】100或85【解析】可设所购商品的标价是x 元，根据小敏有一张A 券，小聪有一张B 券，他们都购了一件标价相同的商品，各自付款，若能用券时用券，这样两人共付款150元，分①所购商品的标价小于90元；②所购商品的标价大于90元；列出方程即可求解. 解：设所购商品的标价是x 元，则 ①所购商品的标价小于90元，20150x x -+=，解得85x =；②所购商品的标价大于90元，2030150x x -+-=，解得100x =.故所购商品的标价是100或85元. 故答案为：100或85. 16.【答案】①②③④【解析】首先作出图形，再根据矩形的性质和等腰三角形的判定即可求解. 解：如图所示：数学试卷 第15页（共26页）数学试卷 第16页（共26页），②11故答案为：①②③④. 三、17.【答案】（1）解：原式4=-=1；（2）解：()()22x y x x y +-+22222x xy y x xy =++-- 2y =.【解析】（1）直接利用特殊角的三角函数值以及二次根式的性质分别化简得出答案.具体解题过程参照答案.（2）直接利用完全平方公式以及单项式乘以多项式运算法则计算得出答案.具体解题过程参照答案.18.【答案】（1）解：四边形ABCD 是平行四边形，AD CF ∴∥，DAE CFE ∴∠=∠，ADE FCE ∠=∠，点E 是CD 的中点，DE CE ∴=，在ADE △和FCE △中，DAE CFE ADE FCE DE CE ∠=∠⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，()ADE FCE AAS ∴△≌△， 2CF AD ∴==；（2）解：90BAF ∠=︒，添加一个条件：当60B ∠=︒时，906030F ∠=︒-︒=︒（或其他合理答案）.【解析】（1）由平行四边形的性质得出AD CF ∥，则DAE CFE ∠=∠，ADE FCE ∠=∠，由点E 是CD 的中点，得出DE CE =，由AAS 证得ADE FCE △≌△，即可得出结果.具体解题过程参照答案.（2）添加一个条件当60B ∠=︒时，由直角三角形的性质即可得出结果（或其他合理答案）.具体解题过程参照答案.19.【答案】（1）解：55055%1000÷=（只），10004005503020---=（只）即：20m =，4003601441000︒⨯=︒， 答：表中m 的值为20，图中B 组扇形的圆心角的度数为144︒； （2）解：40055095095%100010001000+==， 1210(195%)1205%6⨯⨯-=⨯=（只）， 答：这次抽样检验的合格率是95%，所购得的羽毛球中，非合格品的羽毛球有6只. 【解析】（1）图表中“C 组”的频数为550只，占抽查总数的55%，可求出抽查总数，进而求出“A 组”的频数，即m 的值；求出“B 组”所占总数的百分比，即可求出相应的圆心角的度数.具体解题过程参照答案.数学试卷 第17页（共26页）数学试卷 第18页（共8页）（2）计算“B 组”“C 组”的频率的和即为合格率，求出“不合格”所占的百分比，即可求出不合格的数量.具体解题过程参照答案.20.【答案】（1）解：观察图象可知：7x =， 2.75y =这组数据错误.（2）解：设y kx b =+，把1x =，0.75y =，2x =，1y =代入可得0.7521k b k b +=⎧⎨+=⎩，解得1412k b ⎧=⎪⎪⎨⎪=⎪⎩， 1142y x ∴=+，当16x =时， 4.5y =，答：秤杆上秤砣到秤纽的水平距离为16厘米时，秤钩所挂物重是4.5斤. 【解析】（1）利用描点法画出图形即可判断.具体解题过程参照答案.（2）设函数关系式为y kx b =+，利用待定系数法解决问题即可.具体解题过程参照答案. 21.【答案】（1）解：1AE EF AF ===，AEF ∴△是等边三角形， 60AFE ∴∠=︒，连接MF 并延长交AE 于K ，则2FM FK =，AEF △是等边三角形，12AK ∴=，2FK ∴==，2FM FK ∴==，4 6.92 6.9m BC FM ∴==≈≈（）；（2）解：74AFE ∠=︒，37AFK ∴∠=︒，cos370.80KF AF ∴=︒≈， 2 1.60FM FK ∴==， 4 6.40 6.92BC FM ∴==＜，6.92 6.400.5-=，答：当AFE ∠由60︒变为74︒时，棚宽BC 是减少了，减少了0.5m .【解析】（1）根据等边三角形的性质得到60AFE ∠=︒，连接MF 并延长交AE 于K ，则2FM FK =，求得FK =.具体解题过程参照答案. （2）解直角三角形即可得到结论.具体解题过程参照答案. 22.【答案】（1）解：DAC ∠的度数不会改变；EA EC =， 2AED C ∴∠=∠，①90BAE ∠=︒，0[11809]2452BAD C C ∴∠=︒-︒-∠=︒+∠（），()90904545DAE BAD C C ∴∠=︒-∠=︒-︒+∠=︒-∠，②由①，②得，45DAC DAE CAE ∠=∠+∠=︒； （2）解：设ABC m ∠=︒，数学试卷 第19页（共26页）数学试卷 第20页（共26页）则()111809022BAD m m ∠=︒-︒=︒-︒，180AEB n m ∠=︒-︒-︒， 1902DAE n BAD n m ∴∠=︒-∠=︒-︒+︒，EA EC =，11190222CAE AEB n m ∴∠==︒-︒-︒，111190902222DAC DAE CAE n m n m n ∴∠=∠+∠=︒-︒+︒+︒-︒-︒=︒.【解析】（1）根据等腰三角形的性质得到2AED C ∠=∠，①， 求得()90904545DAE BAD C C ∠=︒-∠=︒-︒+∠=︒-∠，②， 由①，②即可得到结论.具体解题过程参照答案.（2）设ABC m ∠=︒，根据三角形的内角和定理和等腰三角形的性质即可得到结论.具体解题过程参照答案.23.【答案】（1）解：设抛物线的表达式为：()27 2.88y a x =-+， 将0x =， 1.9y =代入上式并解得：150a =-， 故抛物线的表达式为：()217 2.8850y x =--+； 当9x =时，()217 2.88 2.8 2.2450y x =--+=＞， 当18x =时，()217 2.880.64050y x =--+=＞，故这次发球过网，但是出界了；（2）解：如图，分别过点作底线、边线的平行线PQ 、OQ 交于点Q ，在Rt OPQ △中，18117OQ =-=，当0y =时，()217 2.88050y x =--+=，解得：19x =或5-（舍去5-）， 19OP ∴=，而17OQ =，故8.4PQ =，98.40.50.1--=，∴发球点O 在底线上且距右边线0.1米处.【解析】（1）求出抛物线表达式；再确定9x =和18x =时，对应函数的值即可求解.具体解题过程参照答案. （2）当0y =时，()217 2.88050y x =--+=，解得：19x =或5-（舍去5-，求出8.4PQ ==，即可求解.具体解题过程参照答案.24.【答案】（1）解：如图1中，过点C '作C H OF '⊥于H .30HC O α∠'==︒，•cos30C H C O ∴'='︒=∴点C '到直线OF的距离为；（2）解：①如图2中，当C P OF '∥时，过点C '作C M OF '⊥于M.数学试卷 第21页（共26页）数学试卷 第22页（共8页）C P OF '∥，18045O OC P ∴∠=︒-∠'=︒，OC M ∴'△是等腰直角三角形， 4OC '=，C M ∴'=∴点C '到直线DE的距离为如图3中，当C P DG '∥时，过点C '作C N FG '⊥于N .同法可证OC N '△是等腰直角三角形，C N ∴'=∴点C '到直线DE的距离为2.②设d 为所求的距离.第一种情形：如图4中，当点A '落在DE 上时，连接OA '，延长ED 交OC 于M .2OA '=2OM =，90OMA ∠'=︒，4A M ∴'=，2A D ∴'=，即2d =，如图5中，当点P 落在DE 上时，连接OP ，过点P 作PQ C B ⊥''于Q .1PQ =，5OQ =，OP ∴==PM∴==数学试卷 第23页（共26页）数学试卷 第24页（共26页）2PD ∴，2d ∴，22d ∴-≤.第二种情形：当A P '与FG 相交，不与EF 相交时，当点A '在FG上时，2A G '=，即2d =，如图6中，当点P 落在EF 上时，设OF 交A B ''于Q ，过点P 作PT B C ⊥''于T ，过点P 作PR ∥OQ PR OQ ∥交OB '于R ，连接OP .26OP =5OF =，1FP ∴==，OF OT =，PF PT =，90F PTO ∠=∠=︒，()Rt Rt OPF OPT HL ∴△≌△， FOP TOP ∴∠=∠，PQ OQ ∥， OPR POF ∴∠=∠，OPR POR ∴∠=∠， OR PR ∴=，222PT TR PR +=，()22215PR PR ∴+-=， 2.6PR ∴=， 2.4RT =，B PR B QO ''△∽△，B R PRB O QO =''∴， 3.4 2.660Q∴=， 7817OQ ∴=， 4417QG OQ OG ∴=-=，即4417d =44217d ∴≤＜， 第三种情形：当A P '经过点F 时，如图7中，显然3d =.综上所述，22d ≤或3d =.【解析】（1）如图1中，过点C '作C H OF '⊥于H .解直角三角形求出CH 即可.具体解题过程参照答案.数学试卷 第25页（共26页） 数学试卷 第26页（共8页）（2）①分两种情形：如图2中，当C P OF '∥时，过点C '作C M OF '⊥于M .如图3中，当C P DG '∥时，过点C '作C N FG '⊥于N .分别求出C M '，C N '即可.具体解题过程参照答案.②设d 为所求的距离.第一种情形：如图4中，当点A '落在DE 上时，连接OA '，延长ED 交OC 于M .如图5中，当点P 落在DE 上时，连接OP ，过点P 作PQ C B ⊥''于Q .结合图象可得结论.第二种情形：当A P '与FG 相交，不与EF 相交时，当点A '在FG上时，2A G '=，即2d =，如图6中，当点P 落在EF 上时，设OF 交A B ''于Q ，过点P 作PT B C ⊥''于T ，过点P 作交OB '于R ，连接OP .求出QG 可得结论.第三种情形：当A P '经过点F 时，如图7中，显然3d =.综上所述可得结论.具体解题过程参照答案.。

2020年浙江省嘉兴市中考数学试卷(附答案详解)

2020年浙江省嘉兴市中考数学试卷(附答案详解)

2020年浙江省嘉兴市中考数学试卷一、选择题（本大题共10小题，共30.0分）1.(2021·湖南省·单元测试)2020年3月9日，中国第54颗北斗导航卫星成功发射，其轨道高度约为36000000m.数36000000用科学记数法表示为()A. 0.36×108B. 36×107C. 3.6×108D. 3.6×1072.(2015·全国·同步练习)如图是由四个相同的小正方体组成的立体图形，它的主视图为()A.B.C.D.3.(2021·广东省广州市·模拟题)已知样本数据2，3，5，3，7，下列说法不正确的是()A. 平均数是4B. 众数是3C. 中位数是5D. 方差是3.24.(2021·浙江省·单元测试)一次函数y=2x−1的图象大致是()A. B.C. D.5. (2021·安徽省蚌埠市·单元测试)如图，在直角坐标系中，△OAB 的顶点为O(0,0)，A(4,3)，B(3,0).以点O 为位似中心，在第三象限内作与△OAB 的位似比为13的位似图形△OCD ，则点C 坐标( )A. (−1,−1)B. (−43,−1)C. (−1,−43)D. (−2,−1)6. (2021·河北省·其他类型)不等式3(1−x)>2−4x 的解在数轴上表示正确的是( )A. B.C.D.7. (2021·浙江省·月考试卷)如图，正三角形ABC 的边长为3，将△ABC 绕它的外心O 逆时针旋转60°得到△A′B′C′，则它们重叠部分的面积是( )A. 2√3B. 34√3 C. 32√3 D. √38. (2021·湖南省娄底市·月考试卷)用加减消元法解二元一次方程组{x +3y =4, ①2x −y =1ㅤ ②时，下列方法中无法消元的是( )A. ①×2−②B. ②×(−3)−①C. ①×(−2)+②D. ①−②×39. (2021·全国·单元测试)如图，在等腰△ABC 中，AB =AC =2√5，BC =8，按下列步骤作图：①以点A 为圆心，适当的长度为半径作弧，分别交AB ，AC 于点E ，F ，再分别以点E ，F 为圆心，大于12EF 的长为半径作弧相交于点H ，作射线AH ；②分别以点A ，B 为圆心，大于12AB 的长为半径作弧相交于点M ，N ，作直线MN ，交射线AH 于点O ；③以点O为圆心，线段OA长为半径作圆．则⊙O的半径为()A. 2√5B. 10C. 4D. 510.(2021·贵州省贵阳市·单元测试)已知二次函数y=x2，当a≤x≤b时m≤y≤n，则下列说法正确的是()A. 当n−m=1时，b−a有最小值B. 当n−m=1时，b−a有最大值C. 当b−a=1时，n−m无最小值D. 当b−a=1时，n−m有最大值二、填空题（本大题共6小题，共24.0分）11.(2021·广东省深圳市·期中考试)分解因式：x2−9=______．12.(2020·河北省·单元测试)如图，▱ABCD的对角线AC，BD相交于点O，请添加一个条件：______，使▱ABCD是菱形．13.(2021·山东省·其他类型)一只蚂蚁在如图所示的树枝上寻觅食物，假定蚂蚁在岔路口随机选择一条路径，它获得食物的概率是______．14.(2021·浙江省·月考试卷)如图，在半径为√2的圆形纸片中，剪一个圆心角为90°的最大扇形(阴影部分)，则这个扇形的面积为______；若将此扇形围成一个无底的圆锥(不计接头)，则圆锥底面半径为______．15.(2021·浙江省·月考试卷)数学家斐波那契编写的《算经》中有如下问题：一组人平分10元钱，每人分得若干；若再加上6人，平分40元钱，则第二次每人所得与第一次相同，求第一次分钱的人数．设第一次分钱的人数为x人，则可列方程______．16.(2020·浙江省·单元测试)如图，有一张矩形纸条ABCD，AB=5cm，BC=2cm，点M，N分别在边AB，CD上，CN=1cm.现将四边形BCNM沿MN折叠，使点B，C分别落在点B′，C′上．当点B′恰好落在边CD上时，线段BM的长为______cm；在点M从点A运动到点B的过程中，若边MB′与边CD交于点E，则点E相应运动的路径长为______cm．三、解答题（本大题共8小题，共66.0分）17.(2021·河南省·月考试卷)(1)计算：(2020)0−√4+|−3|；(2)化简：(a+2)(a−2)−a(a+1)．18.(2021·全国·单元测试)比较x2+1与2x的大小．(1)尝试(用“<”，“=”或“>”填空)：①当x=1时，x2+1______2x；②当x=0时，x2+1______2x；③当x=−2时，x2+1______2x．(2)归纳：若x取任意实数，x2+1与2x有怎样的大小关系？试说明理由．19.(2021·浙江省·月考试卷)已知：如图，在△OAB中，OA=OB，⊙O与AB相切于点C.求证：AC=BC.小明同学的证明过程如下框：证明：连结OC，∵OA=OB，∴∠A=∠B，又∵OC=OC，∴△OAC≌△OBC，∴AC=BC．小明的证法是否正确？若正确，请在框内打“√”；若错误，请写出你的证明过程．20.(2021·山东省·其他类型)经过实验获得两个变量x(x>0)，y(y>0)的一组对应值如下表．x123456y6 2.92 1.5 1.21(1)请画出相应函数的图象，并求出函数表达式．(2)点A(x1,y1)，B(x2,y2)在此函数图象上．若x1<x2，则y1，y2有怎样的大小关系？请说明理由．21.(2021·浙江省·月考试卷)小吴家准备购买一台电视机，小吴将收集到的某地区A、B、C三种品牌电视机销售情况的有关数据统计如下：根据上述三个统计图，请解答：(1)2014～2019年三种品牌电视机销售总量最多的是______品牌，月平均销售量最稳定的是______品牌．(2)2019年其他品牌的电视机年销售总量是多少万台？(3)货比三家后，你建议小吴家购买哪种品牌的电视机？说说你的理由．22.(2021·山东省滨州市·模拟题)为了测量一条两岸平行的河流宽度，三个数学研究小组设计了不同的方案，他们在河南岸的点A处测得河北岸的树H恰好在A的正北方向．测量方案与数据如下表：课题测量河流宽度测量工具测量角度的仪器，皮尺等测量小组第一小组第二小组第三小组测量方案示意图说明点B，C在点A的正东方向点B，D在点A的正东方向点B在点A的正东方向，点C在点A的正西方向．测量数据BC=60m，∠ABH=70°，∠ACH=35°．BD=20m，∠ABH=70°，∠BCD=35°．BC=101m，∠ABH=70°，∠ACH=35°．(1)哪个小组的数据无法计算出河宽？(2)请选择其中一个方案及其数据求出河宽(精确到0.1m).(参考数据：sin70°≈0.94，sin35°≈0.57，tan70°≈2.75，tan35°≈0.70)23.(2021·江苏省盐城市·月考试卷)在一次数学研究性学习中，小兵将两个全等的直角三角形纸片ABC和DEF拼在一起，使点A与点F重合，点C与点D重合(如图1)，其中∠ACB=∠DFE=90°，BC=EF=3cm，AC=DF=4cm，并进行如下研究活动．活动一：将图1中的纸片DEF沿AC方向平移，连结AE，BD(如图2)，当点F与点C重合时停止平移．【思考】图2中的四边形ABDE是平行四边形吗？请说明理由．【发现】当纸片DEF平移到某一位置时，小兵发现四边形ABDE为矩形(如图3).求AF的长．活动二：在图3中，取AD的中点O，再将纸片DEF绕点O顺时针方向旋转α度(0≤α≤90)，连结OB，OE(如图4)．【探究】当EF平分∠AEO时，探究OF与BD的数量关系，并说明理由．24.(2021·浙江省·月考试卷)在篮球比赛中，东东投出的球在点A处反弹，反弹后球运动的路线为抛物线的一部分(如图1所示建立直角坐标系)，抛物线顶点为点B．(1)求该抛物线的函数表达式．(2)当球运动到点C时被东东抢到，CD⊥x轴于点D，CD=2.6m．①求OD的长．②东东抢到球后，因遭对方防守无法投篮，他在点D处垂直起跳传球，想将球沿直线快速传给队友华华，目标为华华的接球点E(4,1.3).东东起跳后所持球离地面高度ℎ1(m)(传球前)与东东起跳后时间t(s)满足函数关系式ℎ1=−2(t−0.5)2+2.7(0≤t≤1)；小戴在点F(1.5,0)处拦截，他比东东晚0.3s垂直起跳，其拦截高度ℎ2(m)与东东起跳后时间t(s)的函数关系如图2所示(其中两条抛物线的形状相同).东东的直线传球能否越过小戴的拦截传到点E？若能，东东应在起跳后什么时间范围内传球？若不能，请说明理由(直线传球过程中球运动时间忽略不计)．答案和解析1.【答案】D【知识点】科学记数法-绝对值较大的数【解析】【分析】此题考查科学记数法的表示方法，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．【解答】解：36000000=3.6×107，故选D．2.【答案】A【知识点】简单组合体的三视图【解析】解：从正面看易得第一列有2个正方形，第二列底层有1个正方形．故选：A．找到从正面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在主视图中．本题考查了三视图的知识，主视图是从物体的正面看得到的视图．3.【答案】C【知识点】算术平均数、中位数、方差、众数【解析】解：样本数据2，3，5，3，7中平均数是4，中位数是3，众数是3，[(2−4)2+(3−4)2+(5−4)2+(3−4)2+(7−4)2]=3.2．方差是S2=15故选：C．根据众数、中位数、平均数、方差的定义和计算公式分别进行分析即可．本题考查方差、众数、中位数、平均数．关键是掌握各种数的定义，熟练记住方差公式是解题的关键．4.【答案】B【知识点】一次函数图象与系数的关系【解析】解：由题意知，k=2>0，b=−1<0时，函数图象经过一、三、四象限．故选：B．根据一次函数的解析式判断出k和b的符号即可解答．本题考查了一次函数y=kx+b图象所过象限与k，b的关系，当k>0，b<0时，函数图象经过一、三、四象限．5.【答案】B【知识点】坐标与图形性质、位似图形及相关概念，【解析】解：∵以点O为位似中心，位似比为13而A(4,3)，,−1)．∴A点的对应点C的坐标为(−43故选：B．即可．根据关于以原点为位似中心的对应点的坐标的关系，把A点的横纵坐标都乘以−13本题考查了位似变换：在平面直角坐标系中，如果位似变换是以原点为位似中心，相似比为k，那么位似图形对应点的坐标的比等于k或−k．6.【答案】A【知识点】在数轴上表示不等式的解集、一元一次不等式的解法【解析】解：去括号，得：3−3x>2−4x，移项，得：−3x+4x>2−3，合并，得：x>−1，在数轴上表示为，故选：A．根据解一元一次不等式基本步骤：去括号、移项、合并同类项可得不等式的解集，继而可得答案．本题主要考查解一元一次不等式以及在数轴上表示不等式的解集，严格遵循解不等式的基本步骤是关键，尤其需要注意不等式两边都乘以或除以同一个负数不等号方向要改变以及在数轴上表示注意空心点和实心点．7.【答案】C【知识点】旋转的基本性质、等边三角形的性质、三角形的外接圆与外心【解析】【分析】本题考查了三角形的外心、等边三角形的性质以及旋转的性质，理解连接O和正六边形的各个顶点，所得的三角形都为全等的等边三角形是关键．根据重合部分是正六边形，连接O和正六边形的各个顶点，所得的三角形都是全等的等边三角形，据此即可求解．【解答】解：作AM⊥BC于M，如图：重合部分是正六边形，连接O和正六边形的各个顶点，所得的三角形都是全等的等边三角形．∵△ABC是等边三角形，AM⊥BC，∴AB=BC=3，BM=CM=12BC=32，∠BAM=30°，∴AM=√3BM=3√32，∴△ABC的面积=12BC×AM=12×3×3√32=9√34，∴重叠部分的面积=69△ABC的面积=69×9√34=3√32；故选C．8.【答案】D【知识点】解二元一次方程组-加减消元法【解析】解：A、①×2−②可以消去x，不符合题意；B、②×(−3)−①可以消去y，不符合题意；C、①×(−2)+②可以消去x，不符合题意；D、①−②×3无法消元，符合题意．故选：D．方程组利用加减消元法变形即可．此题考查了解二元一次方程组，熟练掌握加减消元法是解本题的关键．9.【答案】D【知识点】垂径定理、作三角形的内切圆与外接圆、等腰三角形的性质【解析】解：如图，设OA 交BC 于T ．∵AB =AC =2√5，AO 平分∠BAC ，∴AO ⊥BC ，BT =TC =4，∴AE =√AC 2−CT 2=√(2√5)2−42=2，在Rt △OCT 中，则有r 2=(r −2)2+42，解得r =5，故选：D ．如图，设OA 交BC 于T.解直角三角形求出AT ，再在Rt △OCT 中，利用勾股定理构建方程即可解决问题．本题考查作图−复杂作图，等腰三角形的性质，垂径定理等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题．10.【答案】B【知识点】二次函数的最值、二次函数的性质【解析】【分析】此题主要考查了二次函数的性质，矩形的判定和性质，锐角三角函数，确定出∠MNH 的范围是解本题的关键．①当b −a =1时，当a ，b 同号时，先判断出四边形BCDE 是矩形，得出BC =DE =b −a =1，CD =BE =m ，进而得出AC =n −m ，即tan =n −m ，再判断出0°≤∠ABC <90°，即可得出n −m 的范围；当a ，b 异号时，m =0，当a =−12，b =12时，n 最小=14，即可得出n −m 的范围；②当n −m =1时，当a ，b 同号时，同①的方法得出NH =PQ =b −a ，HQ =PN =m ，进而得出MH =n −m =1，而tan∠MHN =1b−a ，再判断出45°≤∠MNH <90°，当a ，b 异号时，m =0，则n =1，即可求出a ，b ，即可得出结论．【解答】解：①当b−a=1时，当a，b同号时，如图1，过点B作BC⊥AD于C，∴∠BCD=90°，∵∠ADE=∠BED=90°，∴∠ADE=∠BCD=∠BED=90°，∴四边形BCDE是矩形，∴BC=DE=b−a=1，CD=BE=m，∴AC=AD−CD=n−m，在Rt△ACB中，tan∠ABC=ACBC=n−m，∵点A，B在抛物线y=x2上，∴45°≤∠ABC<90°，∴tan∠ABC≥1，∴n−m≥1，当a，b异号时，m=0，当a=−12，b=12时，n=14，此时，n−m=14，∴14≤n−m<1，即n−m≥14，即n−m无最大值，有最小值，最小值为14，故选项C，D都错误；②当n−m=1时，如图2，当a，b同号时，过点N作NH⊥MQ于H，同①的方法得，NH=PQ=b−a，HQ=PN=m，∴MH=MQ−HQ=n−m=1，在Rt△MHQ中，tan∠MNH=MHNH =1b−a，∵点M，N在抛物线y=x2上，∴m≥0，当m=0时，n=1，∴点N(0,0)，M(1,1)，∴NH=1，此时，∠MNH=45°，∴45°≤∠MNH<90°，∴tan∠MNH≥1，≥1，∴1b−a当a，b异号时，m=0，∴n=1，∴a=−1，b=1，即b−a=2，∴b−a无最小值，有最大值，最大值为2，故选项A错误；故选B．11.【答案】(x+3)(x−3)【知识点】因式分解-运用公式法【解析】解：x2−9=(x+3)(x−3)．故答案为：(x+3)(x−3)．本题中两个平方项的符号相反，直接运用平方差公式分解因式．主要考查平方差公式分解因式，熟记能用平方差公式分解因式的多项式的特征，即“两项、异号、平方形式”是避免错用平方差公式的有效方法．12.【答案】AD=DC(答案不唯一)【知识点】菱形的判定【解析】解：∵邻边相等的平行四边形是菱形，∴平行四边形ABCD的对角线AC、BD相交于点O，试添加一个条件：可以为：AD=DC；故答案为：AD=DC(答案不唯一)．根据菱形的定义得出答案即可．此题主要考查了菱形的判定，根据菱形的定义得出是解题关键．13.【答案】13【知识点】概率公式【解析】【分析】本题考查了概率公式：随机事件A的概率P(A)=事件A可能出现的结果数除以所有可能出现的结果数．直接利用概率公式求解．【解答】解：蚂蚁获得食物的概率=13．故答案为13．14.【答案】π；12【知识点】圆锥的计算、扇形面积的计算【解析】解：连接BC，由∠BAC=90°得BC为⊙O的直径，∴BC=2√2，在Rt△ABC中，由勾股定理可得：AB=AC=2，∴S扇形ABC =90π×4360=π；∴扇形的弧长为：90π×2180=π，设底面半径为r，则2πr=π，解得：r=12，故答案为：π，12．由勾股定理求扇形的半径，再根据扇形面积公式求值；根据扇形的弧长等于底面周长求得底面半径即可．本题考查了圆周角定理、扇形的面积计算方法、弧长公式等知识．关键是熟悉圆锥的展开图和底面圆与圆锥的关系．利用所学的勾股定理、弧长公式及扇形面积公式求值．15.【答案】10x =40x+6【知识点】由实际问题抽象出分式方程、数学传统文化-代数类【解析】解：根据题意得，10x =40x+6，故答案为：10x =40x+6．根据“第二次每人所得与第一次相同，”列方程即可得到结论．本题考查了由实际问题抽象出分式方程，正确的理解题意是解题的关键．16.【答案】√5；(√5−32)【知识点】翻折变换(折叠问题)、矩形的性质、轨迹【解析】解：如图1中，∵四边形ABCD是矩形，∴AB//CD，∴∠1=∠3，由翻折的性质可知：∠1=∠2，BM=MB′，∴∠2=∠3，∴MB′=NB′，∵NB′=√B′C′2+NC′2=√22+12=√5(cm)，∴BM=NB′=√5(cm)．如图2中，当点M与A重合时，AE=EN，设AE=EN=xcm，在Rt△ADE中，则有x2=22+(4−x)2，解得x=52，∴DE=4−52=32(cm)，如图3中，当点M运动到MB′⊥AB时，DE′的值最大，DE′=5−1−2=2(cm)，如图4中，当点M运动到点B′落在CD时，DB′(即DE″)=5−1−√5=(4−√5)(cm)，∴点E的运动轨迹E→E′→E″，运动路径=EE′+E′B′=2−32+2−(4−√5)=(√5−32)(cm)．).故答案为√5，(√5−32第一个问题证明BM=MB′=NB′，求出NB即可解决问题．第二个问题，探究点E的运动轨迹，寻找特殊位置解决问题即可．本题考查翻折变换，矩形的性质，解直角三角形等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题，属于中考填空题中的压轴题．17.【答案】解：(1)(2020)0−√4+|−3|=1−2+3=2；(2)(a+2)(a−2)−a(a+1)=a2−4−a2−a=−4−a．【知识点】单项式乘多项式、平方差公式、零指数幂、实数的运算【解析】此题主要考查了实数运算以及平方差公式以及单项式乘以多项式，正确掌握相关运算法则是解题关键．(1)直接利用零指数幂的性质和二次根式的性质、绝对值的性质分别化简得出答案；(2)直接利用平方差公式以及单项式乘以多项式计算得出答案．18.【答案】(1)=>>(2)解：x2+1≥2x．证明：∵x2+1−2x=(x−1)2≥0，∴x2+1≥2x．【知识点】配方法、非负数的性质：偶次方【解析】【分析】本题考查了配方法的应用，利用完全平方非负数的性质是解题关键．(1)根据代数式求值，可得代数式的值，根据有理数的大小比较，可得答案；(2)根据完全平方公式，可得答案．【解答】解：(1)①当x=1时，x2+1=2x；②当x=0时，x2+1>2x；③当x=−2时，x2+1>2x．故答案为=；>；>．(2)见答案．19.【答案】解：证法错误；证明：连结OC，∵⊙O与AB相切于点C，∴OC⊥AB，∵OA=OB，∴AC=BC．【知识点】切线的性质、全等三角形的判定与性质【解析】连结OC，根据切线的性质和等腰三角形的性质即可得到结论．本题考查了切线的性质，等腰三角形的性质，熟练正确切线的性质是解题的关键．(k≠0)，20.【答案】解：(1)函数图象如图所示，设函数表达式为y=kx把x=1，y=6代入，得k=6，(x>0)；∴函数表达式为y=6x(2)∵k=6>0，∴在第一象限，y随x的增大而减小，∴0<x1<x2时，则y1>y2．【知识点】函数的图象、待定系数法求反比例函数解析式、函数关系式、反比例函数的图象【解析】(1)利用描点法即可画出函数图象，再利用待定系数法即可得出函数表达式．(2)根据反比例函数的性质解答即可．本题考查描点法画函数图象、反比例函数的性质、待定系数法等知识，解题的关键掌握描点法作图，学会利用图象得出函数的性质解决问题，属于中考常考题型．21.【答案】B C【知识点】扇形统计图、折线统计图、方差、条形统计图、众数【解析】解：(1)由条形统计图可得，2014～2019年三种品牌电视机销售总量最多的是B品牌，是1746万台；由条形统计图可得，2014～2019年三种品牌电视机月平均销售量最稳定的是C品牌，比较稳定，极差最小；故答案为：B，C；(2)∵20×12÷25%=960(万台)，1−25%−29%−34%=12%，∴960×12%=115.2(万台)；答：2019年其他品牌的电视机年销售总量是115.2万台；(3)建议购买C品牌，因为C品牌2019年的市场占有率最高，且5年的月销售量最稳定；建议购买B品牌，因为B品牌的销售总量最多，收到广大顾客的青睐．(1)从条形统计图、折线统计图可以得出答案；(2)求出总销售量，“其它”的所占的百分比；(3)从市场占有率、平均销售量等方面提出建议．考查条形统计图、折线统计图、扇形统计图的意义和制作方法，理解统计图中各个数量及数量之间的关系是解决问题的关键．22.【答案】解：(1)第二个小组的数据无法计算河宽．(2)第一个小组的解法：∵∠ABH=∠ACH+∠BHC，∠ABH=70°，∠ACH=35°，∴∠BHC=∠BCH=35°，∴BC=BH=60m，∴AH=BH⋅sin70°=60×0.94≈56.4(m)．第三个小组的解法：设AH=xm，则CA=AHtan35∘，AB=AHtan70∘，∵CA+AB=CB，∴x0.70+x2.75=101，解得x≈56.4．答：河宽为56.4m．【知识点】解直角三角形的应用【解析】(1)第二个小组的数据无法计算河宽．(2)第一个小组：证明BC=BH=60m，解直角三角形求出AH即可．第三个小组：设AH=xm，则CA=AHtan35∘，AB=AHtan70∘，根据CA+AB=CB，构建方程求解即可．本题考查解直角三角形的应用，等腰三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会利用参数构建方程解决问题，属于中考常考题型．23.【答案】解：【思考】四边形ABDE是平行四边形．证明：如图，∵△ABC≌△DEF，∴AB=DE，∠BAC=∠EDF，∴AB//DE，∴四边形ABDE是平行四边形；【发现】如图1，连接BE交AD于点O，∵四边形ABDE为矩形，∴OA=OD=OB=OE，设AF=x(cm)，则OA=OE=12(x+4)，∴OF=OA−AF=2−12x，在Rt△OFE中，∵OF2+EF2=OE2，∴(2−12x)2+32=14(x+4)2，解得：x=94，∴AF=94cm．【探究】BD=2OF，证明：如图2，延长OF交AE于点H，∵四边形ABDE为矩形，∴∠OAB=∠OBA=∠ODE=∠OED，OA=OB=OE=OD，∴∠OBD=∠ODB，∠OAE=∠OEA，∴∠ABD+∠BDE+∠DEA+∠EAB=360°，∴∠ABD+∠BAE=180°，∴AE//BD，∴∠OHE=∠ODB，∵EF平分∠OEH，∴∠OEF=∠HEF，∵∠EFO=∠EFH=90°，EF=EF，∴△EFO≌△EFH(ASA)，∴EO=EH，FO=FH，∴∠EHO=∠EOH=∠OBD=∠ODB，∴△EOH≌△OBD(AAS)，∴BD=OH=2OF．【知识点】勾股定理、四边形综合【解析】【思考】由全等三角形的性质得出AB=DE，∠BAC=∠EDF，则AB//DE，可得出结论；【发现】连接BE交AD于点O，设AF=x(cm)，则OA=OE=12(x+4)，得出OF=OA−AF=2−12x，由勾股定理可得(2−12x)2+32=14(x+4)2，解方程求出x，则AF可求出；【探究】如图2，延长OF交AE于点H，证明△EFO≌△EFH(ASA)，得出EO=EH，FO=FH，则∠EHO=∠EOH=∠OBD=∠ODB，可证得△EOH≌△OBD(AAS)，得出BD=OH，则结论得证．本题是四边形综合题，考查了平行四边形的判定与性质，平移的性质，矩形的性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理，角平分线的定义，平行线的判定与性质等知识，熟练掌握全等三角形的判定与性质是解题的关键．24.【答案】解：(1)设y=a(x−0.4)2+3.32(a≠0)，把x=0，y=3代入，解得a=−2，∴抛物线的函数表达式为y=−2(x−0.4)2+3.32．(2)①把y=2.6代入y=−2(x−0.4)2+3.32，化简得(x−0.4)2=0.36，解得x1=−0.2(舍去)，x2=1，∴OD=1m．②东东的直线传球能越过小戴的拦截传到点E．由图1可得，当0≤t≤0.3时，ℎ2=2.2．当0.3<t≤1.3时，ℎ2=−2(t−0.8)2+2.7．当ℎ1−ℎ2=0时，t=0.65，东东在点D跳起传球与小戴在点F处拦截的示意图如图2，设MD=ℎ1，NF=ℎ2，当点M，N，E三点共线时，过点E作EG⊥MD于点G，交NF于点H，过点N作NP⊥MD 于点P，∴MD//NF，PN//EG，∴∠M=∠HNE，∠MNP=∠NEH，∴△MPN∽△NEH，∴MPPN =NHHE，∵PN=0.5，HE=2.5，∴NH=5MP．(Ⅰ)当0≤t≤0.3时，MP=−2(t−0.5)2+2.7−2.2=−2(t−0.5)2+0.5，NH=2.2−1.3=0.9．∴5[−2(t−0.5)2+0.5]=0.9，整理得(t−0.5)2=0.16，解得t1=910(舍去)，t2=110，当0≤t≤0.3时，MP随t的增大而增大，∴110<t≤310．(Ⅱ)当0.3<t≤0.65时，MP=MD−NF=−2(t−0.5)2+2.7−[−2(t−0.8)2+ 2.7]=−1.2t+0.78，NH=NF−HF=−2(t−0.8)2+2.7−1.3=−2(t−0.8)2+1.4，∴−2(t−0.8)2+1.4=5×(−1.2t+0.78)，整理得t2−4.6t+1.89=0，解得，t1=23+2√8510(舍去)，t2=23−2√8510，当0.3<t≤0.65时，MP随t的增大而减小，∴310<t<23−2√8510．(Ⅲ)当0.65<t≤1时，ℎ1<ℎ2，不可能．给上所述，东东在起跳后传球的时间范围为110<t<23−2√8510．【知识点】二次函数综合、二次函数的应用【解析】(1)设y=a(x−0.4)2+3.32(a≠0)，将A(0,3)代入求解即可得出答案；(2)①把y=2.6代入y=−2(x−0.4)2+3.32，解方程求出x，即可得出OD=1m；②东东在点D跳起传球与小戴在点F处拦截的示意图如图2，设MD=ℎ1，NF=ℎ2，当点M，N，E三点共线时，过点E作EG⊥MD于点G，交NF于点H，过点N作NP⊥MD于点P，证明△MPN∽△NEH，得出MPPN =NHHE，则NH=5MP.分不同情况：(Ⅰ)当0≤t≤0.3时，(Ⅱ)当0.3<t≤0.65时，(Ⅲ)当0.65<t≤1时，分别求出t的范围可得出答案．本题是二次函数的综合题，主要考查二次函数的性质，待定系数法，二次函数图象上点的坐标特征，二次函数的应用，解题的关键是熟练掌握待定系数法求函数解析式及能将实际问题转化为二次函数问题求解．。

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21. 如图，在正方形 ABCD 中，点 E 在 BC 边上，连接 AE ，∠DAE 的平分线 AG 与 CD 边交于点 G，与 BC 的延 长线交于点 F．设 =λ（λ＞0）． （1）若 AB=2，λ=1，求线段 CF 的长． （2）连接 EG，若 EG⊥AF， ①求证：点 G 为 CD 边的中点． ②求 λ 的值．
2020 年浙江省杭州市中考数学试卷
题号 得分
一
二
三
总分
一、选择题（本大题共 10 小题，共 30.0 分）
1. 计算
的结果是（ ）
A.
B.
C.
D. 3
2. （1+y）（1-y）=（ ）
A. 1+y2
B. -1-y2
C. 1-y2
D. -1+y2
3. 已知某快递公司的收费标准为：寄一件物品不超过 5 千克，收费 13 元；超过 5 千 克的部分每千克加收 2 元．圆圆在该快递公司寄一件 8 千克的物品，需要付费（
13. 设 M=x+y，N=x-y，P=xy．若 M=1，N=2，则 P=______． 14. 如图，已知 AB 是⊙O 的直径，BC 与⊙O 相切于点 B，连
接 AC，OC．若 sin∠BAC= ，则 tan∠BOC=______．
15. 一个仅装有球的不透明布袋里共有 4 个球（只有编号不同），编号分别为 1，2，3 ，5．从中任意摸出一个球，记下编号后放回，搅匀，再任意摸出一个球，则两次 摸出的球的编号之和为偶数的概率是______．
D. 若 h=7，则 a＞0
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9. 如图，已知 BC 是⊙O 的直径，半径 OA⊥BC，点 D 在劣弧 AC 上 （不与点 A，点 C 重合），BD 与 OA 交于点 E．设∠AED=α，
∠AOD=β，则（ ）
A. 3α+β=180° B. 2α+β=180° C. 3α-β=90° D. 2α-β=90°
16. 如图是一张矩形纸片，点 E 在 AB 边上，把△BCE 沿直 线 CE 对折，使点 B 落在对角线 AC 上的点 F 处，连接 DF ．若点 E，F，D 在同一条直线上，AE=2，则 DF=______， BE=______．
三、解答题（本大题共 7 小题，共 66.0 分）
17. 以下是圆圆解方程
10. 在平面直角坐标系中，已知函数 y1=x2+ax+1，y2=x2+bx+2，y3=x2+cx+4，其中 a，b，
c 是正实数，且满足 b2=ac．设函数 y1，y2，y3 的图象与 x 轴的交点个数分别为 M1，0
B. 若 M1=1，M2=0，则 M3=0
一个最低分，平均分为 z，则（ ）
A. y＞z＞x
B. x＞z＞y
C. y＞x＞z
D. z＞y＞x
8. 设函数 y=a（x-h）2+k（a，h，k 是实数，a≠0），当 x=1 时，y=1；当 x=8 时，y=8，
（ ）
A. 若 h=4，则 a＜0 B. 若 h=5，则 a＞0 C. 若 h=6，则 a＜0
22. 在平面直角坐标系中，设二次函数 y1=x2+bx+a，y2=ax2+bx+1（a，b 是实数，a≠0） ． （1）若函数 y1 的对称轴为直线 x=3，且函数 y1 的图象经过点（a，b），求函数 y1 的表达式． （2）若函数 y1 的图象经过点（r，0），其中 r≠0，求证：函数 y2 的图象经过点（ ，0）． （3）设函数 y1 和函数 y2 的最小值分别为 m 和 n，若 m+n=0，求 m，n 的值．
=1 的解答过程．
解：去分母，得 3（x+1）-2（x-3）=1．
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去括号，得 3x+1-2x+3=1． 移项，合并同类项，得 x=-3． 圆圆的解答过程是否有错误？如果有错误，写出正确的解答过程．
18. 某工厂生产某种产品，3 月份的产量为 5000 件，4 月份的产量为 10000 件．用简单 随机抽样的方法分别抽取这两个月生产的该产品若干件进行检测，并将检测结果分 别绘制成如图所示的扇形统计图和频数直方图（每组不含前一个边界值，含后一个 边界值）．已知检测综合得分大于 70 分的产品为合格产品． （1）求 4 月份生产的该产品抽样检测的合格率； （2）在 3 月份和 4 月份生产的产品中，估计哪个月的不合格件数最多？为什么？
C. 若 M1=0，M2=2，则 M3=0
D. 若 M1=0，M2=0，则 M3=0
二、填空题（本大题共 6 小题，共 24.0 分）
11. 若分式 的值等于 1，则 x=______．
12. 如图，AB∥CD，EF 分别与 AB，CD 交于点 B，F．若 ∠E=30°，∠EFC=130°，则∠A=______．
19. 如图，在△ABC 中，点 D，E，F 分别在 AB，BC，AC 边上，DE∥AC，EF∥AB． （1）求证：△BDE∽△EFC． （2）设 ， ①若 BC=12，求线段 BE 的长； ②若△EFC 的面积是 20，求△ABC 的面积．
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20. 设函数 y1= ，y2=- （k＞0）． （1）当 2≤x≤3 时，函数 y1 的最大值是 a，函数 y2 的最小值是 a-4，求 a 和 k 的值． （2）设 m≠0，且 m≠-1，当 x=m 时，y1=p；当 x=m+1 时，y1=q．圆圆说：“p 一定 大于 q”．你认为圆圆的说法正确吗？为什么？
）
A. 17 元
B. 19 元
C. 21 元
D. 23 元
4. 如图，在△ABC 中，∠C=90°，设∠A，∠B，∠C 所对的 边分别为 a，b，c，则（ ）
A. c=bsinB
B. b=csinB
C. a=btanB
D. b=ctanB
5. 若 a＞b，则（ ）
A. a-1≥b
B. b+1≥a
C. a+1＞b-1
D. a-1＞b+1
6. 在平面直角坐标系中，已知函数 y=ax+a（a≠0）的图象过点 P（1，2），则该函数
的图象可能是（ ）
A.
B.
C.
D.
7. 在某次演讲比赛中，五位评委给选手圆圆打分，得到互不相等的五个分数．若去掉
一个最高分，平均分为 x；去掉一个最低分，平均分为 y；同时去掉一个最高分和
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