条件概率习题课

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高中数学苏教版 8.1 条件概率 课后练习、课时练习

高中数学苏教版  8.1 条件概率 课后练习、课时练习

一、单选题1. 学校食堂分设有一、二餐厅,学生小吴第一天随机选择了某餐厅就餐,根据统计:第一天选择一餐厅就餐第二天还选择一餐厅就餐的概率为0.6,第一天选择二餐厅就餐第二天选择一餐厅就餐的概率为0.7,那么学生小吴第二天选择一餐厅就餐的概率为()A.0.18 B.0.28 C.0.42 D.0.652. 长时间玩手机可能影响视力,据调查,某校学生大约40%的人近视,而该校大约有20%的学生每天玩手机超过1,这些人的近视率约为50%.现从每天玩手机不超过1的学生中任意调查一名学生,则他近视的概率为()A.B.C.D.3. 从混有4张假钞的10张一百元纸币中任意抽取3张,若其中一张是假币的条件下,另外两张都是真币的概率为()A.B.C.D.4. 将甲、乙、丙、丁4名志愿者随机派往①,②,③三个社区进行核酸信息采集,每个社区至少派1名志愿者,表示事件“志愿者甲派往①社区”;表示事件“志愿者乙派往①社区”;表示事件“志愿者乙派往②社区”,则()A.事件与相互独立B.事件与为互斥事件C.D.5. 在5道题中有3道数学题和2道物理题,如果不放回地依次抽取2道题,则在第一次抽到数学题条件下,第二次抽到数学题的概率是()A.B.C.D.6. 某种疾病可分为两种类型:第一类占70%,可由药物治疗,其每一次疗程的成功率为70%,且每一次疗程的成功与否相互独立;其余为第二类,药物治疗方式完全无效.在不知道患者所患此疾病的类型,且用药物第一次疗程失败的情况下,进行第二次疗程成功的概率最接近下列哪一个选项()A.0.25 B.0.3 C.0.35 D.0.4二、多选题7. 某大学文学院有两个自习室,小王同学每天晩上都会去自习室学习.假设他第一天去自习室的概率为;他第二天去自习室的概率为;如果他第一天去自习室,则第二天去自习室的概率为.下列说法正确的是()A.小王两天都去自习室的概率为B.小王两天都去自习室的概率为C.小王两天去不同自习室的概率为D.如果他第二天去自习室,则第一天去自习室的概率为8. 已知编号为1,2,3的三个盒子,其中1号盒子内装有两个1号球,一个2号球和一个3号球;2号盒子内装有两个1号球,一个3号球;3号盒子内装有三个1号球,两个2号球.若第一次先从1号盒子内随机抽取1个球,将取出的球放入与球同编号的盒子中,第二次从该盒子中任取一个球,则下列说法正确的是()A.在第一次抽到2号球的条件下,第二次抽到1号球的概率为B.第二次抽到3号球的概率为C.如果第二次抽到的是3号球,则它来自1号盒子的概率最大D.如果将5个不同的小球放入这三个盒子内,每个盒子至少放1个,则不同的放法有180种三、填空题9. 为迎接党的二十大召开,讴歌中华民族实现伟大复兴的奋斗历程,增进全体党员干部职工对党史知识的了解,某单位组织开展党史知识竞赛活动,以支部为单位参加比赛,某支部在5道党史题中(有3道选择题和2道填空题),不放回地依次随机抽取2道题作答,设事件为“第1次抽到选择题”,事件为“第2次抽到选择题”,则___________.10. 市场上有甲、乙、丙三家工厂生产的同一品牌产品,已知三家工厂的市场占有率分别为30%,20%,50%,且三家工厂的次品率分别为3%,3%,1%,则市场上该品牌产品的次品率为________.11. 设随机事件、,已知,,,则_____________.12. 人群中患肺癌的概率约为0.1%,在人群中有10%是吸烟者,他们患肺癌的概率约为0.5%,则不吸烟者中患肺癌的概率是________.(用分数表示)四、解答题13. 甲、乙两人组成“星队”参加趣味知识竞赛.比赛分两轮进行,每轮比赛答一道趣味题.在第一轮比赛中,答对题者得2分,答错题者得0分;在第二轮比赛中,答对题者得3分,答错题者得0分.已知甲、乙两人在第一轮比赛中答对题的概率都为p,在第二轮比赛中答对题的概率都为q.且在两轮比赛中答对与否互不影响.设定甲、乙两人先进行第一轮比赛,然后进行第二轮比赛,甲、乙两人的得分之和为“星队”总得分.已知在一次比赛中甲得2分的概率为,乙得5分的概率为.(1)求p,q的值;(2)求“星队”在一次比赛中的总得分为5分的概率.14. 有朋自远方来,他坐火车、坐船、坐汽车、坐飞机的概率分别是0.3,0.2,0.1,0.4而他坐火车、坐船、坐汽车、坐飞机迟到的概率分别是0.25,0.3,0.1,0,实际上他是迟到了,推测他坐哪种交通工具来的可能性大.(结果保留小数点后两位)15. 某厂产品的废品率为4%,而合格品中有75%是一等品,求一等品率.16. 某同学买了7个盲盒,每个盲盒中都有一支笔,有4支钢笔和3支圆珠笔.(1)一次取出2个盲盒,求2个盲盒为同一种笔的概率;(2)依次不放回地从中取出2个盲盒,求第1次、第2次取到的都是钢笔盲盒的概率;(3)依次不放回地从中取出2个盲盒,求第2次取到的是圆珠笔盲盒的概率.。

人教B版高中数学选择性必修第二册课后习题 第四章 概率与统计 4.1.1 条件概率

人教B版高中数学选择性必修第二册课后习题 第四章 概率与统计 4.1.1 条件概率

第四章 概率与统计4.1 条件概率与事件的独立性4.1.1 条件概率必备知识基础练1.已知P(B|A)=12,P(A)=35,则P(AB)等于( )A.56B.910C.310D.1102.把一枚质地均匀的硬币任意抛掷两次,事件A={第一次出现正面},事件B={第二次出现正面},则P(B|A)等于( ) A.14B.12C.16D.183.同时抛掷一个红骰子和一个蓝骰子,观察向上的点数,记“红骰子向上的点数为奇数”为事件A,“两颗骰子的点数之积为奇数”为事件B,则P(B|A)=( ) A.12B.13C.14D.164.已知在10支铅笔中,有8支正品,2支次品,从中任取2支,则在第一次抽的是次品的条件下,第二次抽的是正品的概率是( ) A.15B.845C.89D.455.一个家庭中有两个小孩,已知其中有一个是女孩,则另一个是男孩的概率为.6.从1,2,…,15中,甲、乙两人依次任取一数(不放回),在已知甲取到的数是5的倍数的条件下,甲取的数大于乙取的数的概率是.7.将三枚质地均匀的骰子各掷一次,设事件A=“三个点数之和等于15”,B=“至少出现一个5点”,则概率P(A|B)等于.关键能力提升练8.(浙江宁波高二课时练习)中秋节吃月饼是我国的传统习俗,若一盘中共有两种月饼,其中4块五仁月饼,6块枣泥月饼,现从盘中任取3块,在取到的都是同种月饼的条件下,都是五仁月饼的概率为( )A.34B.130C.12D.169.将三枚骰子各掷一次,设事件A为“三个点数都不相同”,事件B为“至少出现一个6点”,则P(A|B)等于( )A.6091B.12C.518D.9121610.(辽宁大连一模)我国中医药选出的“三药三方”对治疗某种疾病均有显著效果,“三药”分别为金花清感颗粒、连花清瘟胶囊、血必净注射液;“三方”分别为清肺排毒汤、化湿败毒方、宣肺败毒方,若某医生从“三药三方”中随机选出两种,事件A表示选出的两种中有一药,事件B 表示选出的两种中有一方,则P(B|A)= .11.将分别写有A,B,C,D,E的5张卡片排成一排,在第一张是A且第三张是C的条件下,第二张是E的概率为;第二张是E的条件下,第一张是A且第三张是C的概率为.12.由“0,1,2”组成的三位数密码中,若用A表示“第二位数字是2”的事件,用B表示“第一位数字是2”的事件,则P(A|B)= .学科素养创新练13.某校从学生文艺部6名成员(4男2女)中,挑选2人参加学校举办的文艺汇演活动.(1)男生甲被选中的概率为;(2)在已知男生甲被选中的条件下,女生乙被选中的概率为;(3)在要求被选中的两人中必须一男一女的条件下,女生乙被选中的概率为.参考答案第四章概率与统计4.1 条件概率与事件的独立性4.1.1 条件概率1.C 由条件概率计算公式得P(B|A)=P(AB)P(A),所以12=P(AB)35,所以P(AB)=12×35=310.故选C.2.B 第一次出现正面的概率是P(A)=12,第一次出现正面且第二次也出现正面的概率P(A∩B)=14.所以P(B|A)=P(A⋂B)P(A)=12.3.A P(A)=12,若事件A,B同时发生,则蓝色骰子向上点数为奇数,故P(AB)=14,所以P(B|A)=P(AB)P(A)=12.故选A.4.C 记事件A,B分别表示“第一次、第二次抽得正品”,则A B表示“第一次抽得次品,第二次抽得正品”.故P(B|A)=(ABP(A)=89.5.23一个家庭中有两个小孩,已知其中有一个是女孩,基本事件有(女,女),(女,男),(男,女),共3个,其中另一个是男孩包含的基本事件有2个,分别为(女,男),(男,女),则另一个是男孩的概率为23.6.914A={甲取的数是5的倍数},B={甲取的数大于乙取的数},P(B|A)=P (AB )P (A )=4+9+1415×143×1415×14=914.7.113至少出现一个5点的情况有63-53=91,至少出现一个5点的情况下,三个点数之和等于15有以下两类:①恰好一个5点,则另两个点数只能是4和6,共有C 31×C 21=6;②恰好出现两个5点,则另一个点数也只能是5点,共有1种情况. 所以P(A|B)=6+191=113.8.D 设“取到的都是同种月饼”为事件A,“都是五仁月饼”为事件B. 因为P(AB)=C 43C 103=4120=130,P(A)=C 43+C 63C 103=4+20120=24120=15.所以P(B|A)=P (AB )P (A )=13015=16.所以在取到的都是同种月饼的条件下,都是五仁月饼的概率为16.故选D. 9.A ∵P(A|B)=P (AB )P (B ),P(AB)=6063=60216,P(B)=1-P(B )=1-5363=1-125216=91216.∴P(A|B)=P (AB )P (B )=6021691216=6091.故选A.10.34某医生从“三药三方”中随机选出两种,事件A 表示选出的两种中有一药,事件B 表示选出的两种中有一方,则P(A)=C 32+C 31C 31C 62=45,P(AB)=C 31C 31C 62=35,所以P(B|A)=P (AB )P (A )=3545=34.11.13112A,B,C,D,E5张卡片排成一排,在第一张是A 且第三张是C 的条件下,第二张可以是B,D,E,所以第二张是E 的概率为13;第二张是E 的条件下,其余四张的可能结果有A 44=24(种),其中第一张是A 且第三张是C 的可能结果有A 22=2(种),所以所求的概率为224=112.12.13由“0,1,2”组成的三位数密码,共有3×3×3=27(个)基本事件,又由用A 表示“第二位数字是2”的事件,用B 表示“第一位数字是2”的事件,可得P(B)=3×327=13,P(A∩B)=327=19,所以P(A|B)=P (A⋂B )P (B )=1913=13.13.(1)13(2)15(3)12(1)从6名成员中挑选2名成员,共有C 62=15种情况,记“男生甲被选中”为事件A,事件A 所包含的基本事件数为C 51=5种,故P(A)=13.(2)记“男生甲被选中”为事件A,“女生乙被选中”为事件B,则P(AB)=115,由(1)知P(A)=13,故P(B|A)=P (AB )P (A )=15.(3)记“挑选的2人一男一女”为事件C,则P(C)=815,“女生乙被选中”为事件B,P(BC)=415,故P(B|C)=P (BC )P (C )=12.。

条件概率,分布列,期望,方差习题课hmw

条件概率,分布列,期望,方差习题课hmw
7 C1 A 1 2 7 法.由题意得 P(X=0)= 8 = , A8 4
善 于 1 1 6 1 1 6 C2C6A6 3 C2C5A6 5 把 P(X=1)= = , P(X=2)= = , 8 8 A8 14 A8 28 问 1 1 6 1 1 6 C2C4A6 1 C2C3A6 3 题 P(X=3)= = , P(X=4)= = , 8 8 A8 7 A8 28 转 1 1 6 1 1 6 C2C2A6 1 C2C1A6 1 化 P(X=5)= = ,P(X=6)= = . 8 8 A8 14 A8 28 为 故随机变量 X 的分布列为: 排 列 X=i 0 1 2 3 4 5 6 问 1 3 5 1 3 1 1 题 P(X=i)
(1)求他们选择的项目所属类别互不相同的概率; (2)记ξ为3人中选择的项目属于基础设施工程或产业建设 工程的人数,求ξ的分布列.
【思路点拨】
(1)3 名工人选择的项目所属类别互
不相同的情况有 A3 3种.在每种情况下,每名工人做 1 某一个基础设施工程项目的概率为 ,做某一个民生 2 1 工程项目的概率为 ,做某一个产业建设工程项目的 3 1 概率为 ,并且他们相互独立.(2)寻找 ξ 与选择民生 6 工程项目的人数 η 的关系,据 η 服从二项分布,可 求 ξ 的分布列.

题 课
例1:抛掷一颗骰子一次,A表示事件:出现偶数点,B表 示事件:“出现3点或6点”,则事件A与B的关系 B ( ) A:相互互斥事件 。 B相互独立事件。 C既相互互斥又相互独立事件。D既不互斥又不独立事件。
解析:A 2, 4, 6,B 3.6,A B 3 1 1 1 1 1 P ( A) , P ( B ) , P( AB) * 2 3 6 2 3

(完整版)条件概率独立事件习题

(完整版)条件概率独立事件习题

条件概率与独立事件习题课1.抛掷红、蓝两颗骰子,设事件A为“蓝色骰子的点数为3或6”,事件B为“两颗骰子的点数之和大于8”则P(B|A)的值为()A .B .C .D .2.从1~9这9个正整数中任取2个不同的数,事件A为“取到的2个数之和为偶数”,事件B为“取到的2个数均为偶数”,则P(B|A)=()A .B .C .D .3.10件产品中有5件次品,从中不放回的抽取2次,每次抽1件,已知第一次抽出的是次品,则第二次抽出的是正品的概率()A .B .C .D .4.甲、乙两名同学参加一项射击比赛游戏,其中任何一人每射击一次击中目标得2分,未击中目标得0分.若甲、乙两人射击的命中率分别为和P,且甲、乙两人各射击一次得分之和为2的概率为.假设甲、乙两人射击互不影响,则P值为()A .B .C .D .5.若甲以10发8中,乙以10发6中,丙以10发7中的命中率打靶,三人各射击一次,则三人中只有一人命中的概率是.二.解答题6.某食品厂为了检查一条自动包装流水线的生产情况,随机抽取该流水线上的40件产品作为样本称出它们的重量(单位:克),重量的分组区间为(490,495],(495,500],…,(510,515],由此得到样本的频率分布直方图,如图所示.(1)根据频率分布直方图,求重量超过505克的产品数量.(2)在上述抽取的40件产品中任取2件,设Y为重量超过505克的产品数量,求Y的分布列.(3)从流水线上任取5件产品,求恰有2件产品合格的重量超过505克的概率.(删)7.2013年12月21日上午10时,省会首次启动重污染天气Ⅱ级应急响应,正式实施机动车车尾号限行,当天某报社为了解公众对“车辆限行”的态度,随机抽查了50人,将调查情况进行整理后制成下表:年龄(岁)[15,25)[25,35)[35,45)[45,55)[55,65)[65,75]频数510151055赞成人数469634(Ⅰ)完成被调查人员的频率分布直方图;(Ⅱ)若从年龄在[15,25),[25,35)的被调查者中各随机选取两人进行进行追踪调查,记选中的4人中不赞成“车辆限行”的人数为ξ,求随机变量ξ的分布列8.盒中共有9个球,其中有4个红球,3个黄球和2个绿球,这些球除颜色外完全相同.(1)从盒中一次随机取出2个球,求取出的2个球颜色相同的概率P;(2)从盒中一次随机取出4个球,其中红球、黄球、绿球的个数分别记为x1,x2,x3,随机变量X表示x1,x2,x3中的最大数,求X的概率分布.9.甲乙两人进行围棋比赛,约定先连胜两局者直接赢得比赛,若赛完5局仍未出现连胜,则判定获胜局数多者赢得比赛,假设每局甲获胜的概率为,乙获胜的概率为,各局比赛结果相互独立.(Ⅰ)求甲在3局以内(含3局)赢得比赛的概率;(Ⅱ)记X为比赛决出胜负时的总局数,求X的分布列.10.甲、乙两人独立破译一个密码,他们能独立译出密码的概率分别为和.(I)求甲、乙两人均不能译出密码的概率;(II)假设有4个与甲同样能力的人一起独立破译该密码,求这4人中至少有3人同时译出密码的概率.条件概率与独立事件答案1.解:设x为掷白骰子得的点数,y为掷黑骰子得的点数,则所有可能的事件与(x,y)建立一一对应的关系,由题意作图,如图.其中事件A为“黑色骰子的点数为3或6”包括12件,P(A)==事件AB包括5件,P(AB)=,由条件概率公式P(B|A)==,2.解:P(A)==,P(AB)==.由条件概率公式得P(B|A)==.3. 解:根据题意,在第一次抽到次品后,有4件次品,5件正品;则第二次抽到正品的概率为P=4.解:设“甲射击一次,击中目标”为事件A,“乙射击一次,击中目标”为事件B,则“甲射击一次,未击中目标”为事件,“乙射击一次,未击中目标”为事件,则P(A)=,P ()=1﹣=,P(B)=P,P ()=1﹣P ,依题意得:×(1﹣p)+×p=,解可得,p=,故选C.5.解:设出甲,乙,丙,射击一次击中分别为事件A,B,C,∵甲以10发8中,乙以10发6中,丙以10发7中∴甲,乙,丙,射击一次击中的概率分别为:,,∵“三人各射击一次,则三人中只有一人命中”的事件为:,,∴三人各射击一次,则三人中只有一人命中的概率为:=6.解:(1)重量超过505克的产品数量是40×(0.05×5+0.01×5)=12件;(2)Y的所有可能取值为0,1,2;,,,Y的分布列为Y012P(3)从流水线上任取5件产品,重量超过505克的概率为=,重量不超过505克的概为1﹣=;恰有2件产品合格的重量超过505克的概率为•.7.解:(Ⅰ)根据频率=得各组的频率分别是:0.1;0.2;0.3;0.2;0.1;0.1.由组距为10,可得小矩形的高分别为0.01;0.02;0.03;0.02;0.01;0.01.由此得频率分布直方图如图:(Ⅱ)由题意知ξ的所有可能取值为:0,1,2,3.P(ξ=0)=•=;P(ξ=1)=•+•=;P(ξ=2)=•+•=;P(ξ=3)=•=.∴ξ的分布列是:ξ0123Pξ的数学期望Eξ=0×+1×+2×+3×==.8.解(1)一次取2个球共有=36种可能,2个球颜色相同共有=10种可能情况∴取出的2个球颜色相同的概率P=.(2)X的所有可能值为4,3,2,则P(X=4)=,P(X=3)=于是P(X=2)=1﹣P(X=3)﹣P(X=4)=,X的概率分布列为X234P故X数学期望E(X)=9. 解:(Ⅰ)用事件A i表示第i局比赛甲获胜,则A i两两相互独立.…(1分)===.…(4分)(Ⅱ)X的取值分别为2,3,4,5,…(5分)P(x=2)=,P(x=3)=,P(x=4)=,P(x=5)=,…(9分)所以X的分布列为X2345P…(11分)EX==.…(13分)10.解:(I)由题意知本题是一个相互独立事件同时发生的概率,设“甲、乙两人均不能译出密码”为事件A,则P(A)=(1﹣)(1﹣)=即甲、乙两人均不能译出密码的概率是(II)有4个与甲同样能力的人一起独立破译该密码,相当于发生四次独立重复试验,成功的概率是∴这4人中至少有3人同时译出密码的概率为=即这4人中至少有3人同时译出密码的概率为。

北师版高中数学选择性必修第一册课后习题 第6章 概率 1.1 条件概率的概念 (6)

北师版高中数学选择性必修第一册课后习题 第6章 概率 1.1 条件概率的概念 (6)

第六章概率§1随机事件的条件概率1.1 条件概率的概念1.(多选题)下列说法正确的有( ).A.P(AB)≤P(B|A)B.P(B|A)=P(B)P(A)是可能的C.0<P(B|A)<1D.P(A|A)=12.某地区空气质量监测资料表明,一天的空气质量为优良的概率是0.75,连续两天为优良的概率是0.6,已知某天的空气质量为优良,则随后一天的空气质量为优良的概率是( ).A.0.8B.0.75C.0.6D.0.453.甲、乙、丙3人到三个景点旅游,每人只去一个景点,设事件A表示“三个人去的景点不相同”,事件B表示“甲独自去一个景点”,则概率P(A|B)等于( ).A.49B.29C.12D.134.甲、乙两人独立地对同一目标各射击一次,命中率分别为0.6和0.5,现已知目标被击中,则它是被甲击中的概率为( ).A.0.45B.0.6C.0.65D.0.755.从1,2,3,4,5中任取2个不同的数,事件A:“取到的2个数之和为偶数”,事件B:“取到的2个数均为偶数”,则P(B|A)等于( ).A.18B.14C.25D.126.某人一周晚上值班2次,在已知他周日一定值班的条件下,他在周六晚上值班的概率为.7.设A,B为两个事件,若事件A和B同时发生的概率为310,在事件A发生的条件下,事件B发生的概率为12,则事件A发生的概率为.8.投掷两枚质地均匀的骰子,已知点数不同,设两枚骰子点数之和为ξ,求ξ≤6的概率.9.坛子里放着5个相同大小、相同形状的咸鸭蛋,其中有3个是绿皮的,2个是白皮的.如果不放回地依次拿出2个鸭蛋,求:(1)第1次拿出绿皮鸭蛋的概率;(2)第1次和第2次都拿出绿皮鸭蛋的概率;(3)在第1次拿出绿皮鸭蛋的条件下,第2次拿出绿皮鸭蛋的概率.1.某种电子元件用满3 000小时不坏的概率为34,用满8 000小时不坏的概率为12.现有一只此种电子元件,已经用满3 000小时不坏,还能用满8 000小时的概率是( ).A.34B.23C.12D.132.一个口袋内装有大小、质地相同的2个白球和3个黑球,则第一次摸出一个白球后放回,第二次又摸出一个白球的概率是( ).A.23B.14C.25D.153.从混有5张假钞的20张百元钞票中任意抽出2张,将其中1张放到验钞机上检验发现是假钞,则第2张也是假钞的概率为( ).A.119B.1738C.419D.2174.某校组织由A,B,C等5名学生参加的演讲比赛,采用抽签法决定演讲顺序,在“学生A和B都不是第一个出场,B不是最后一个出场”的前提下,学生C第一个出场的概率为( ).A.13B.15C.19D.3205.分别用集合M={2,4,5,6,7,8,11,12}中的任意两个元素作分子与分母构成真分数,已知取出的一个元素是12,则取出的另一个元素与之构成可约分数的概率是.6.从编号为1,2,…,10的10个大小、质地完全相同的球中任选4个,在选出4号球的条件下,选出的球的最大号码为6的概率为.7.甲、乙两个袋子中,各放有大小、质地和个数相同的小球若干.每个袋子中标号为0的小球有1个,标号为1的小球有2个,标号为2的小球有n个.从一个袋子中任取2个球,取到的标号都是2的概率是110.(1)求n的值;(2)从甲袋中任取2个球,已知其中一个标号是1的条件下,求另一标号也是1的概率.8.一个口袋内装有2个白球和2个黑球,那么:(1)先摸出1个白球不放回,再摸出1个白球的概率是多少?(2)先摸出1个白球后放回,再摸出1个白球的概率是多少?参考答案第六章概率§1随机事件的条件概率1.1 条件概率的概念1.ABD 由条件概率公式P(B|A)=P(AB)P(A)及0<P(A)≤1知P(B|A)≥P(AB),故A选项正确;当事件A包含事件B时,有P(AB)=P(B),此时P(B|A)=P(B)P(A),故B选项正确;由于0≤P(B|A)≤1,故C选项错误;由于P(A|A)=1,故D选项正确.2.A 已知连续两天为优良的概率是0.6,那么在前一天空气质量为优良的前提下,要求随后一天的空气质量为优良的概率,可根据条件概率公式,得P=0.60.75=0.8.3.C 由题意可知,n(B)=C3122=12,n(AB)=A33=6.所以P(A|B)=n(AB)n(B)=612=12.4.D 设“甲击中目标”为事件A,“目标被击中”为事件B,则所求概率为事件B发生的条件下A发生的条件概率.因为P(AB)=0.6,P(B)=0.6×0.5+0.6×0.5+0.4×0.5=0.8,所以P(A|B)=P(AB)P(B)=0.60.8=0.75.5.B P(A)=C 32+C 22C 52=25,P(AB)=C 22C 52=110,由条件概率的计算公式得P(B|A)=P (AB )P (A )=11025=14.故选B.6.16设事件A 表示“周日值班”,事件B 表示“周六值班”,则P(A)=C 61C 72,P(AB)=1C 72,故P(B|A)=P (AB )P (A )=16.7.35由题意知P(AB)=310,P(B|A)=12, 故P(A)=P (AB )P (B |A )=31012=35.8.解法一投掷两枚骰子,其点数不同的所有可能结果共30种,其中点数之和ξ≤6的有(1,2),(1,3),(1,4),(1,5),(2,1),(2,3),(2,4),(3,1),(3,2),(4,1),(4,2),(5,1),共12种,所以所求概率P=1230=25.解法二设事件A=“投掷两枚骰子,其点数不同”,事件B=“ξ≤6”,则P(A)=3036=56,P(AB)=1236=13,所以P(B|A)=P (AB )P (A )=25.9.解设事件A 表示“第1次拿出绿皮鸭蛋”,事件B 表示“第2次拿出绿皮鸭蛋”,则事件AB 为第1次和第2次都拿出绿皮鸭蛋. (1)从5个鸭蛋中不放回地依次拿出2个鸭蛋的样本点个数为n(Ω)=A 52=20.又n(A)=A 31×A 41=12,于是P(A)=n (A )n (Ω)=1220=35.(2)因为n(AB)=3×2=6, 所以P(AB)=n (AB )n (Ω)=620=310.(3)由(1)(2)可得,在第1次拿出绿皮鸭蛋的条件下,第2次拿出绿皮鸭蛋的概率为P(B|A)=P (AB )P (A )=31035=12.1.B 记事件A 表示“用满3 000小时不坏”,P(A)=34;记事件B 表示“用满8 000小时不坏”,P(B)=12.因为B ⊆A,所以P(AB)=P(B)=12.故P(B|A)=P (AB )P (A )=P (B )P (A )=12÷34=23.2.C “第一次摸出一个白球”记为事件A,“第二次摸出一个白球”记为事件B,则n(A)=C 21×C 51=10,n(AB)=2×2=4.故P(B|A)=n (AB )n (A )=410=25.3.D 设事件A 表示“抽到2张都是假钞”,事件B 表示“2张中至少有1张假钞”,则所求概率为P(A|B). 而P(AB)=C 52C 202,P(B)=C 52+C 51C 151C 202,所以P(A|B)=P (AB )P (B )=217.4.A 记“学生A 和B 都不是第一个出场,B 不是最后一个出场”为事件M,记“学生C 第一个出场”为事件N,则P(M)=C 31C 31A 33A 55,P(MN)=C 31A 33A 55.那么在“学生A 和B 都不是第一个出场,B 不是最后一个出场”的前提下,学生C 第一个出场的概率为P(N|M)=P (MN )P (M )=13.选A.5.47设取出的两个元素中有一个是12为事件A,取出的两个元素构成可约分数为事件B,则n(A)=7,n(AB)=4,所以P(B|A)=n (AB )n (A )=47.6.114记“选出4号球”为事件A,“选出的球的最大号码为6”为事件B,则P(A)=C 93C 104=25,P(AB)=C 42C 104=135,所以P(B|A)=P (AB )P (A )=13525=114.7.解(1)由题意知C n2C n+32=n (n -1)(n+3)(n+2)=110,解得n=2.(2)记“一个标号是1”为事件A,“另一个标号是1”为事件B,则P(B|A)=n (AB )n (A )=C 22C 52-C 32=17.8.解(1)设事件A 表示“先摸出1个白球不放回”,事件B 表示“再摸出1个白球”,则“先后两次摸出白球”为事件AB,“先摸1球不放回,再摸1球”共有4×3种结果,所以P(A)=12,P(AB)=2×14×3=16,所以P(B|A)=1612=13.所以先摸出1个白球不放回,再摸出1个白球的概率为13.(2)设事件A 1表示“先摸出1个白球放回”,事件B 1表示“再摸出1个白球”,则“两次都摸出白球”为事件A 1B 1,P(A 1)=12,P(A 1B 1)=2×24×4=14,所以P(B1|A1)=P(A1B1)P(A1)=1412=12.所以先摸出1个白球后放回,再摸出1个白球的概率为12.第11页共11页。

条件概率习题课

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思考: 思考:求解条件概率的一般步骤
用字母表示有关事件 用字母表示有关事件 表示有关 求相关量 代入公式求P(B|A) 代入公式求
1. 掷两颗均匀骰子 问: 掷两颗均匀骰子,问 第一颗掷出6点 的概率是多少? ⑴ “ 第一颗掷出 点”的概率是多少? 掷出点数之和不小于10”的概率又是多少 的概率又是多少? ⑵ “掷出点数之和不小于 的概率又是多少 已知第一颗掷出6点 则掷出点数之和不小于10”的概率呢? 的概率呢? ⑶ “已知第一颗掷出 点,则掷出点数之和不小于 已知第一颗掷出 的概率呢

已知A发生 已知 发生

B
AB
A
n( A) P( A) = n(Ω) n(AB) P(AB) = n(Ω)
对于刚才的问题,回顾并思考: 对于刚才的问题,回顾并思考: 1.求概率时均用了什么概率公式? 求概率时均用了什么概率公式?
P(B| A) = ?
古典概型概率公式
样本空间缩减 2.A的发生使得样本空间前后有何变化? 的发生使得样本空间前后有何变化 的发生使得样本空间前后有何变化? 的发生使得事件B有何变化 3. A的发生使得事件 有何变化? 的发生使得事件 有何变化? 由事件B 事件AB n(AB) AB,那么用事件 4.既然前面计算 P( B A) = ,涉及事件A和AB,那么用事件A 和 n(A)
书山勤为径,学海乐做舟, 书山勤为径,学海乐做舟, 乘风破浪会有时,直挂云帆济沧海! 乘风破浪会有时,直挂云帆济沧海
QΩ={ XYX2, X2YX1, X1X2Y, X2 X1Y,YX1X2,YX2 X1} B = { X 1 X 2Y , X 2 X 1Y } 1
第一名同学没有中奖”为事件A 可设”第一名同学没有中奖”为事件= { X1YX2 , X2YX1 , X1 X2Y , X2 X1Y } 由古典概型概率公式,所求概率为 古典概型概率公式, 概率公式

条件概率习题课

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反思:
直接利用条件概率 的计算公式求解,要注 意分清谁是条件。
例2. 某学校一年级共有 学生100人,其中男生60人, 女生40人,来自北京的有20 人,其中男生12人,若任选 一人是女生,问该女生来自 北京的概率是多少?
反思:
求条件概率问题要把握 在什么前提下,也就是分 清事件A、事件B以及事 件AB,再利用公式计算。
解决概率问题的一般步骤:
1.确定事件的性质,设事件。 (古典概型、互斥事件等)
2.运用公式计算概率。
作业: 优化设计26页
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复习提问:
1.条件概率 2.条件概率的计算方法 3.性质
从集合角度理解条件概率:
已知事件A发生,在此条件下 事件Байду номын сангаас发生,相当于事件AB发生, 求P 相当于把 A看作了新 (B A) 的基本空间来计算。
例1.甲乙两地都位于长江中下游, 根据一百多年的气象记录,知道 甲乙两地一年中雨天所占的比例 分别为20%和18%,两地同时下雨 的比例为12%,问: (1)乙地为雨天时甲地也为雨 天的概率。 (2)甲地为雨天时乙地也为雨 天的概率。
例3. 掷两颗骰子,已 知两颗骰子点数之和 为7,求其中有一颗为 1点的概率。
反思: 在等可能事件的 问题中,求条件概率 可采用古典概型的方 法更容易理解。
例4. 一张储蓄卡的密码共有6 位数字,每位数字都可从0~9 中任选一个,某人在银行自动 提款机上取钱时,忘了密码的 最后一位数字,求 (1)任意按最后一位数字,不 超过两次就按对的概率。 (2)如果他记得密码的最后一 位是偶数,不超过两次就按对 的概率。

2.2.1条件概率课后练习题

2.2.1条件概率课后练习题

( )一、选择题条件概率课后练习题1. 小明早上步行从家到学校要经过有红绿灯的两个路口,根据经验,在第一个路口遇到红灯的概率为 0.4,在第二个路口遇到红灯的概率为 0.5,在两个路口连续遇到红灯的概率是 0.2. 某天早上小明在第一个路口遇到了红灯,则他在第二个路口也遇到红灯的概率是( )A. 0.2B. 0.3C. 0.4D. 0.52. 甲乙两人从 1,2,3, ……15 这 15 个数中,依次任取一个数(不放回),则在已知甲取到的数是 5 的倍数的情况下,甲所取的数大于乙所取的数的概率是( )A.1 2B.15C.14 D.153. 小赵、小钱、小孙、小李到 4 个景点旅游,每人只去一个景点,设事件 A =“4 个人去的景P A B =点不相同”,事件 B = “小赵独自去一个景点”,则 ( )A.29B.13 C.4 9 2D.5 94. 已知甲、乙、丙三名同学同时独立地解答一道导数试题,每人均有 3 的概率解答正确,且三个人解答正确与否相互独立,在三人中至少有两人解答正确的条件下,甲解答不正确的概 率 ( ) A. 1320B.9 20C. 1 5D.1 205. 将三枚骰子各掷一次,设事件 A 为“三个点数都不相同”,事件 B 为“至少出现一个 6 点”,则概率 P (A | B) 的值为( ) A. 6091二、填空题B. 1 2C.5 18D.2166. 一个家庭中有两个小孩.假定生男、生女是等可能的,已知这个家庭有一个是女孩,则这时另一个小孩是男孩的概率是 .7. 某校高三年级要从 5 名男生和 2 名女生中任选 3 名代表参加数学竞赛(每人被选中的机会均等),则在男生甲被选中的情况下,男生乙和女生丙至少一个被选中的概率是 . 8.篮子里装有 2 个红球,3 个白球和 4 个黑球。

某人从篮子中随机取出两个球,记事件A =“取 出的两个球颜色不同”,事件B =“取出一个红球,一个白球”, P (B A )= .三、解答题9.高考数学考试中有 12 道选择题,每道选择题有 4 个选项,其中有且仅有一个是正确的.评分标准规定:“在每小题中给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,答对得 5 分,不答或答错得 0 分”.某考生每道选择题都选出一个答案,能确定其中有 8 道题的答案是正确的,而其余题中,有两道题都可判断出两个选项是错误的,有一道题能判断出一个选项是错误的,还有一道题因不理解题意只能乱猜.试求出该考生的选择题:(Ⅰ)得 60 分的概率;(Ⅱ)得多少分的概率最大?10.在盒子里有大小相同,仅颜色不同的乒乓球共10 个,其中红球5 个,白球3 个,蓝球2 个。

条件概率练习题

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条件概率练习题一、选择题1. 条件概率P(A|B)表示:A. 事件A发生的条件概率B. 事件B发生的条件概率C. 在事件B发生的条件下,事件A发生的条件概率D. 事件A和事件B同时发生的概率2. 如果事件A和事件B是互斥的,那么P(A|B)等于:A. 0B. 1C. P(A)D. P(B)3. 已知P(A) = 0.3,P(B) = 0.4,P(A∩B) = 0.2,那么P(A|B)等于:A. 0.5B. 0.4C. 0.3D. 0.64. 贝叶斯定理表明了:A. 事件的独立性B. 事件的互斥性C. 条件概率的计算方法D. 事件的必然性5. 如果两个事件A和B相互独立,那么P(A∩B)等于:A. P(A) + P(B)B. P(A) - P(B)C. P(A) × P(B)D. P(A) / P(B)二、计算题6. 已知事件A和事件B的概率分别为P(A) = 0.45,P(B) = 0.55。

如果事件A和事件B同时发生的概率为P(A∩B) = 0.25,求在事件A发生的条件下事件B发生的条件概率P(B|A)。

7. 假设在一个班级中,有60%的学生通过了数学考试,40%的学生通过了物理考试,同时通过数学和物理考试的学生占30%。

求:(a) 一个学生通过了物理考试但没有通过数学考试的概率。

(b) 一个学生通过了数学考试的条件下,他通过了物理考试的条件概率。

8. 假设在一个城市中,有70%的居民拥有汽车,30%的居民拥有游艇。

同时拥有汽车和游艇的居民占20%。

求:(a) 一个居民拥有游艇但没有汽车的概率。

(b) 一个居民拥有汽车的条件下,他拥有游艇的条件概率。

三、应用题9. 在一个小镇上,有两家医院。

医院A的诊断准确率为90%,医院B的诊断准确率为80%。

小镇上患某种罕见病的居民占总人口的1%。

如果一个居民被医院A诊断为患病,求他实际上患病的概率。

10. 假设在一次抽奖活动中,有三类奖品:一等奖、二等奖和三等奖。

高二人数学选修练习课件条件概率

高二人数学选修练习课件条件概率
与B相互独立。
相互独立事件组
如果一组事件中的任意两 个事件都相互独立,则称
这组事件相互独立。
独立性在条件概率中作用
01
简化计算
在条件概率的计算中,如果事件之间相互独立,则可以大大简化计算过
程。
02
判断条件概率与无条件概率的关系
如果事件之间相互独立,则条件概率与无条件概率相等,即P(B|A) =
P(B)。
市场调查
根据受访者的年龄、性别、职业等条件, 分析受访者对某产品的购买意愿。
天气预报
根据气象观测数据,预测未来某时段内天 气状况的概率。
02
条件概率计算方法
直接计算法
定义法
根据条件概率的定义,直接计算 事件A在事件B发生的条件下的概 率,即P(A|B) = P(AB) / P(B)。
乘法公式法
当事件A和事件B相互独立时,可 以使用乘法公式计算条件概率, 即P(A|B) = P(A) * P(B)。
策略。
保费厘定
条件概率还可以用于保费的厘定。保险公司可以根据被保险人的年龄、性别、职业等因 素,以及历史赔付数据,计算不同条件下的赔付概率和期望赔付金额,从而合理确定保
费水平。
其他领域条件概率应用举例
天气预报
在天气预报中,条件概率可以帮助预测未来天气状况。气象学家可以根据历史气象数据、 气候模型和其他因素,计算在某些条件下出现特定天气现象的概率,为公众提供更准确的 天气预报服务。
03
解决实际问题
在实际问题中,很多情况下事件之间是相互独立的,因此可以利用独立
性来解决实际问题。例如,在遗传学、保险学等领域中,经常需要利用
独立性来计算相关概率。
04
典型问题解析与讨论

条件概率习题及答案

条件概率习题及答案

条件概率习题及答案一、选择题1.下列式子成立的是( )A .P (A |B )=P (B |A ) B .0<P (B |A )<1C .P (AB )=P (A )·P (B |A )D .P (A ∩B |A )=P (B ) [答案] C[解析] 由P (B |A )=P (AB )P (A )得P (AB )=P (B |A )·P (A ). 2.在10个形状大小均相同的球中有6个红球和4个白球,不放回地依次摸出2个球,在第1次摸出红球的条件下,第2次也摸到红球的概率为( )A.35B.25C.110D.59[答案] D[解析] 设第一次摸到的是红球(第二次无限制)为事件A ,则P (A )=6×910×9=35,第一次摸得红球,第二次也摸得红球为事件B ,则P (B )=6×510×9=13,故在第一次摸得红球的条件下第二次也摸得红球的概率为P =P (B )P (A )=59,选D.3.已知P (B |A )=13,P (A )=25,则P (AB )等于( )A.56B.910C.215D.115[答案] C[解析] 本题主要考查由条件概率公式变形得到的乘法公式,P (AB )=P (B |A )·P (A )=13×25=215,故答案选C. 4.抛掷红、黄两颗骰子,当红色骰子的点数为4或6时,两颗骰子的点数之积大于20的概率是( )A.14B.13C.12D.35[答案] B[解析] 抛掷红、黄两颗骰子共有6×6=36个基本事件,其中红色骰子的点数为4或6的有12个基本事件,两颗骰子点数之积包含4×6,6×4,6×5,6×6共4个基本事件.所以其概率为4361236=13.5.一个盒子里有20个大小形状相同的小球,其中5个红的,5个黄的,10个绿的,从盒子中任取一球,若它不是红球,则它是绿球的概率是( )A.56B.34C.23D.13[答案] C6.根据历年气象统计资料,某地四月份吹东风的概率为930,下雨的概率为1130,既吹东风又下雨的概率为830.则在吹东风的条件下下雨的概率为( )A.911B.811C.25D.89[答案] D[解析] 设事件A 表示“该地区四月份下雨”,B 表示“四月份吹东风”,则P (A )=1130,P (B )=930,P (AB )=830,从而吹东风的条件下下雨的概率为P (A |B )=P (AB )P (B )=830930=89.7.一个口袋中装有2个白球和3个黑球,则先摸出一个白球后放回,再摸出一个白球的概率是( )A.23B.14C.25D.15[答案] C[解析] 设A i 表示第i 次(i =1,2)取到白球的事件,因为P (A 1)=25,P (A 1A 2)=25×25=425,在放回取球的情况P (A 2|A 1)=25×2525=25.8.把一枚骰子连续掷两次,已知在第一次抛出的是偶数点的情况下,第二次抛出的也是偶数点的概率为( )A .1B.12C.13D.14[答案] B[解析] 设A i 表示第i 次(i =1,2)抛出偶数点,则P (A 1)=1836,P (A 1A 2)=1836×918,故在第一次抛出偶数点的概率为P (A 2|A 1)=P (A 1A 2)P (A 1)=1836×9181836=12,故选B.二、填空题9.某人提出一个问题,甲先答,答对的概率为0.4,如果甲答错,由乙答,答对的概率为0.5,则问题由乙答对的概率为________.[答案] 0.310.100件产品中有5件次品,不放回地抽取两次,每次抽1件,已知第一次抽出的是次品,则第2次抽出正品的概率为________.[答案]9599[解析] 设“第一次抽到次品”为事件A ,“第二次抽到正品”为事件B ,则P (A )=5100,P (AB )=5100×9599,所以P (B |A )=P (AB )P (A )=9599.准确区分事件B |A 与事件AB 的意义是关键.11.一个家庭中有两个小孩.假定生男、生女是等可能的,已知这个家庭有一个是女孩,则这时另一个小孩是男孩的概率是________.[答案] 12[解析] 一个家庭的两个小孩只有3种可能:{两个都是男孩},{一个是女孩,另一个是男孩},{两个都是女孩},由题目假定可知这3个基本事件的发生是等可能的.12.从1~100这100个整数中,任取一数,已知取出的一数是不大于50的数,则它是2或3的倍数的概率为________.[答案]3350[解析] 根据题意可知取出的一个数是不大于50的数,则这样的数共有50个,其中是2或3的倍数共有33个,故所求概率为3350.三、解答题13.把一枚硬币任意掷两次,事件A =“第一次出现正面”,事件B =“第二次出现正面”,求P (B |A ).[解析] P (B )=P (A )=12,P (AB )=14, P (B |A )=P (AB )P (A )=1412=12.14.盒中有25个球,其中10个白的、5个黄的、10个黑的,从盒子中任意取出一个球,已知它不是黑球,试求它是黄球的概率.[解析]解法一:设“取出的是白球”为事件A ,“取出的是黄球”为事件B ,“取出的是黑球”为事件C ,则P (C )=1025=25,∴P (C )=1-25=35,P (B C )=P (B )=525=15∴P (B |C )=P (B C )P (C )=13. 解法二:已知取出的球不是黑球,则它是黄球的概率P =55+10=13.15.1号箱中有2个白球和4个红球,2号箱中有5个白球和3个红球,现随机地从1号箱中取出一球放入2号箱,然后从2号箱随机取出一球,问:(1)从1号箱中取出的是红球的条件下,从2号箱取出红球的概率是多少? (2)从2号箱取出红球的概率是多少?[解析] 记事件A :最后从2号箱中取出的是红球; 事件B :从1号箱中取出的是红球.P (B )=42+4=23,P (B -)=1-P (B )=13. (1)P (A |B )=3+18+1=49.(2)∵P (A |B -)=38+1=13,∴P (A )=P (A ∩B )+P (A ∩B -)=P (A |B )P (B )+P (A |B -)P (B -)=49×23+13×13=1127.16.某校高三(1)班有学生40人,其中共青团员15人.全班分成4个小组,第一组有学生10人,共青团员4人.从该班任选一个作学生代表.(1)求选到的是第一组的学生的概率;(2)已知选到的是共青团员,求他是第一组学生的概率.[解析] 设事件A 表示“选到第一组学生”,事件B 表示“选到共青团员”. (1)由题意,P (A )=1040=14.(2)要求的是在事件B 发生的条件下,事件A 发生的条件概率P (A |B ).不难理解,在事件B 发生的条件下(即以所选到的学生是共青团员为前提),有15种不同的选择,其中属于第一组的有4种选择.因此,P (A |B ) =415.。

§2.2.1条件概率(习题课)

§2.2.1条件概率(习题课)

学案47 §2.2.1条件概率(习题课)一、基础知识 1、事件的交 2、条件概率: 3、条件概率公式4、概率)|(A B p 和)(AB P 的区别与联系 联系:事件A 和B 都发生了区别:(1)在)|(A B P 中,事件A 和B 发生有时间差异,A 先B 后;在)(AB P 中,事件A 、B 同时发生。

(2)样本空间不同,在)|(A B p 中,样本空间为A,事件)(AB P 中,样本空间仍为Ω 5、P (B|A )的性质:(1)非负性:对任意的A ∈f. 0(|)1P B A ≤≤;(2)规范性:P (Ω|A )=1;(3)可列可加性:如果是两个互斥事件,则(|)(|)(|)P B C A P B A P C A =+ . 二、习题讲解1.已知P(B|A)=103,P(A)=51,则P(AB)=( ) A .21 B.23 C .32 D.5032.由“0”、“1” 组成的三位数码组中,若用A 表示“第二位数字为0”的事件,用B表示“第一位数字为0”的事件,则P(A|B)=( ) A.21 B.31 C.41 D.813.某地区气象台统计,该地区下雨的概率是154,刮三级以上风的概率为152,既刮风又下雨的概率为101,则在下雨天里,刮风的概率为( )A.2258B.21 C.83D.434.袋中有5个球,3个白球,2个黑球,现每次取一个,无放回地抽取两次,第二次抽到白球的概率为( )A.53 B.43 C.21 D. 1035.6位同学参加百米短跑初赛,赛场有6条跑道,则已知甲同学排在第一跑道,乙同学排在第二跑道的概率( )A.52 B.51 C.92 D. 736.一个袋中有9张标有1,2,3,…,9的票,从中依次取两张,则在第一张是奇数的 条件下第二张也是奇数的概率( )A.52 B.51 C.21 D. 737.任意向(0,1)区间上投掷一个点,用x 表示该点的坐标,则Ω={x|0<x<1},事件 A={x|0<x<0.5},B={x|0.25<x<1},P (B|A )=___________________________ 8.根据历年气象资料统计,某地四月份刮东风的概率是308,既刮东风又下雨的概率是307。

人教A版高中同步学案数学选择性必修第三册精品习题课件 第七章 条件概率与全概率公式 全概率公式

人教A版高中同步学案数学选择性必修第三册精品习题课件 第七章 条件概率与全概率公式 全概率公式
第七章
7.1 条件概率与全概率公式
7.1.2 全概率公式
A级 必备知识基础练
1.在某班学生考试成绩中,数学不及格的占15%,语文不及格的占5%,两门都不及格的占
3%.已知一名学生数学不及格,则他语文也不及格的概率是() A
A.0.2
B.0.33
C.0.5
[解析]设事件A为“数学不及格”,事件B为“语文不及格”,(|) =
A.0.59
B.0.41
C.0.48
D.0.64
[解析]设 =“从第一个盒子中取得标有字母A的球”,
=“从第一个盒子中取得标有字母B的球”,
=“第二次取出的球是红球”,

,()


= ,

则() =
(|)
=

,(|)



= ,


() = (|)() + (|)() = ×
丙盒中黑球的个数为% × = ,白球的个数为 ;
记“从三个盒子中各取一个球,取到的球都是黑球”为事件,
所以() = . × . × . = . ;
记“将三个盒子混合后取出一个球,是白球”为事件,
黑球总共有 + + = 个,白球共有 个,所以() =




= .
6.某次社会实践活动中,甲、乙两个班的同学共同在一社区进行民意调查.参加活动的
3
1
甲、乙两班的人数之比为5: 3,其中甲班中女生占 ,乙班中女生占 .求该社区居民遇到一
5
3
位进行民意调查的同学恰好是女生的概率.
解记“居民所遇到的一位同学是甲班的”为事件,“居民所遇到的一位同学是乙班的”

湘教版高中数学选择性必修第二册课后习题 第3章 概率 3.1.1 条件概率

湘教版高中数学选择性必修第二册课后习题 第3章 概率 3.1.1 条件概率

第3章3.1 条件概率与事件的独立性3.1.1 条件概率 A 级必备知识基础练1.某中学开展主题为“学习宪法知识,弘扬宪法精神”的知识竞赛活动,甲同学答对第一道题的概率为23,连续答对两道题的概率为12.用事件A 表示“甲同学答对第一道题”,事件B 表示“甲同学答对第二道题”,则P(B|A)=( ) A.13B.12C.23D.342.某高中的小明同学每天坚持骑自行车上学.他在骑自行车上学途中必须经过2个路口,经过一段时间在各路口是否遇到红灯统计分析发现如下规律:经过2个路口时在第一个路口遇到红灯的概率是12,连续两次遇到红灯的概率是15.小明同学在骑自行车上学途中第1个路口遇到红灯的条件下,第2个路口也遇到红灯的概率为( ) A.110B.15C.25D.7103.口袋中装有大小形状相同的红球3个、白球3个,小明从中不放回地逐一取球,在第一次取得红球的条件下,第二次取得白球的概率为( ) A.0.4 B.0.5C.0.6D.0.754.已知100个产品中,有83个产品长度合格,90个产品质量合格,80个产品长度和质量都合格.现在,任取一个产品,若它的质量合格,则它长度合格的概率为( )A.45B.83100C.89D.9105.下列说法正确的是( )A.P(B|A)<P(AB)B.P(B|A)=P(B)P(A)是可能的C.0<P(B|A)<1D.P(A|A)=06.某地区空气质量监测资料表明,一天的空气质量为优良的概率是0.75,连续两天为优良的概率是0.6.已知某天的空气质量为优良,则随后一天的空气质量为优良的概率是.7.袋中装有编号为1,2,…,10的10个球,先从袋中一次性任取两个球,在取出的两个球编号之和为偶数的条件下,2号球被取出的概率为.8.[北师大版教材例题]一张储蓄卡的密码共有6位数字,每位数字都可从0~9中任选一个.某人在银行自动取款机上取钱时,忘记了密码的最后一位数字,求:(1)任意按最后一位数字,不超过两次就按对的概率;(2)如果他记得密码的最后一位是偶数,不超过两次就按对的概率.B级关键能力提升练9.将三枚骰子各掷一次,设事件A为“三个点数都不相同”,事件B为“至少出现一个6点”,则P(A|B)等于( )A.6091B.12C.518D.9121610.一个家庭有两个小孩,假设生男生女是等可能的,已知这个家庭有一个是女孩的条件下,另一个也是女孩的概率是( )A.14B.23C.12D.1311.设A,B是两个事件,且B发生A必定发生,0<P(A)<1,0<P(B)<1,给出下列各式,其中正确的是( )A.P(A+B)=P(B)B.P(B|A)=P(A)P(B)C.P(A|B)=1D.P(AB)=P(A)12.由“0,1,2”组成的三位数密码中,若用A表示“第二位数字是2”的事件,用B表示“第一位数字是2”的事件,则P(A|B)= . 13.一个医疗小队有3名男医生,4名女医生,从中抽出两个人参加一次医疗座谈会,则已知在一名医生是男医生的条件下,另一名医生也是男医生的概率是.14.某校在课后服务时间开展了丰富多彩的兴趣小组活动,其中有个课外兴趣小组制作了一个正十二面体模型,并在十二个面分别雕刻了十二生肖的图案,作为春节的吉祥物.两个兴趣小组各派一名成员将模型随机抛出,两人都希望能抛出虎的图案朝上,寓意虎虎生威.两人各抛一次,在第一人抛出虎的图案朝上时,两人心愿均能达成的概率为.15.一袋中有6个黑球、4个白球.(1)依次取出3个球,不放回,已知第一次取出的是白球,求第三次取到黑球的概率;(2)有放回地依次取出3个球,已知第一次取出的是白球,求第三次取出的是黑球的概率.16.抛掷红、蓝两枚骰子,记事件A为“蓝色骰子的点数为4或6”,事件B 为“两枚骰子的点数之和大于8”,求:(1)事件A发生的条件下事件B发生的概率;(2)事件B发生的条件下事件A发生的概率.C级学科素养创新练17.盒子里放着三张卡片,一张卡片两面都是红色,一张卡片两面都是黑色,剩下的一张卡片一面是红色一面是黑色.现在随机抽出一张卡片,并展示它的一面的颜色.假设是红色,那么剩下的一面也是红色的概率是多少? 考察下面的解法:随意从三张卡片中抽出一张,抽到任何一张都是等概率的.如果抽出的这张展示的一面是红色,那么这张卡片有可能是两面全是红色的那张,也可能是一面红一面黑的那张,因此抽到的是两面全红的那.张卡片的概率是12好像很简单,但请再换个问题研究一下:如果展示出来的那一面是黑色,由上面的思路可得抽到两面全是黑色的卡片的概率也是1.所以,不管我们看2到的是什么颜色,抽到两面同色的卡片的概率都是1.这意味着虽然三张卡2片中只有两张是同色的卡片,但随机抽到其中任何一张的概率都是1.肯定2什么地方出错了.请问:上述解法中,哪里出现错误呢?3.1.1 条件概率1.D 由P(AB)=12,P(A)=23,∴P(B|A)=P (AB )P (A )=1223=34.故选D.2.C 设“小明同学在第1个路口遇到红灯”为事件A,“小明同学在第2个路口遇到红灯”为事件B,则由题意可得P(A)=12,P(AB)=15,则小明同学在骑自行车上学途中第1个路口遇到红灯的条件下,第2个路口也遇到红灯的概率为P(B|A)=P (AB )P (A )=1512=25.故选C.3.C 记“第一次取得红球”为事件A,“第二次取得白球”为事件B,则P(A)=36=12,P(AB)=C 31C 31C 61C 51=310,于是得P(B|A)=P (AB )P (A )=31012=0.6,所以在第一次取得红球的条件下,第二次取得白球的概率为0.6.4.C 设A=“产品的长度合格”,B=“产品的质量合格”,则AB=“产品的长度和质量都合格”,则P(B)=90100=910,P(AB)=80100=45,所以在B 发生的条件下A 发生的概率为P(A|B)=P (AB )P (B )=45910=89.5.B 由条件概率公式P(B|A)=P (AB )P (A )及0≤P(A)≤1知P(B|A)≥P(AB),故A选项错误;当事件A 包含事件B 时,有P(AB)=P(B),此时P(B|A)=P (B )P (A ),故B选项正确;由于0≤P(B|A)≤1,P(A|A)=1,故C,D 选项错误.故选B.6.0.8 已知连续两天为优良的概率是0.6,那么在前一天空气质量为优良的前提下,要求随后一天的空气质量为优良的概率,可根据条件概率公式,得P=0.60.75=0.8.7.15记事件A 为“取出的两个球编号之和为偶数”,事件B 为“2号球被取出”,则P(A)=C 52+C 52C 102=2045=49,P(AB)=C 41C 102=445,∴P(B|A)=P (AB )P (A )=44549=15,即在取出的两个球编号之和为偶数的条件下,2号球被取出的概率为15.8.解设事件A i (i=1,2)表示“第i 次按对密码”,事件A 表示“不超过两次就按对密码”,则A=A 1∪(A 1A 2).(1)依题意知事件A 1与事件A 1A 2互斥,由概率的加法公式得P(A)=P(A 1)+P(A 1A 2)=110+9×110×9=15.故任意按最后一位数字,不超过两次就按对的概率为15. (2)设事件B 表示“密码的最后一位数字按偶数”,则P(A|B)=P(A 1|B)+P(A 1A 2|B)=15+4×15×4=25.故如果他记得密码的最后一位是偶数,不超过两次就按对的概率是25. 9.A ∵P(A|B)=P (AB )P (B ),P(AB)=C 31×5×463=60216,P(B)=1-P(B )=1-5363=1-125216=91216.∴P(A|B)=P (AB )P (B )=6021691216=6091.故选A.10.D 一个家庭中有两个小孩只有4种可能:(男,男),(男,女),(女,男),(女,女).记事件A 为“其中一个是女孩”,事件B 为“另一个是女孩”,则A={(男,女),(女,男),(女,女)},AB={(女,女)}.于是可知P(A)=34,P(AB)=14.问题是求在事件A 发生的情况下,事件B 发生的概率,即求P(B|A),由条件概率公式,得P(B|A)=1434=13.11.C ∵B 发生A 必定发生,∴P(A+B)=P(A),P(AB)=P(B),故A,D 错误;P(B|A)=P (AB )P (A )=P (B )P (A ),故B 错误;P(A|B)=P (AB )P (B )=P (B )P (B )=1,故C 正确.故选C.12.13 由“0,1,2”组成的三位数密码,共有3×3×3=27(个)基本事件,又由用A 表示“第二位数字是2”的事件,用B 表示“第一位数字是2”的事件,可得P(B)=3×327=13,P(A∩B)=327=19,所以P(A|B)=P (A⋂B )P (B )=1913=13.13.15设事件A 表示“一名医生是男医生”,事件B 表示“另一名医生也是男医生”, ∴P(AB)=C 32C 72=17,而P(A)=C 32+C 31C 41C 72=57,∴P(B|A)=P (AB )P (A )=15.14.112设第一人抛出虎的图案朝上为事件A,第二人抛出虎的图案朝上为事件B,则P(A)=112,P(AB)=1×112×12=1144,所以P(B|A)=P (AB )P (A )=1144112=112,即在第一人抛出虎的图案朝上时,两人心愿均能达成的概率为112.15.解(1)设A=“第一次取出的是白球”,B=“第二次取出的是白球”,C=“第三次取出的是白球”,则在A 发生的条件下,袋中只剩6个黑球和3个白球,则P(C |A)=C 31C 61+A 62A 92=23.(2)∵每次取之前袋中球的情况不变, ∴n 次取球的结果互不影响. ∴P(C |A)=P(C )=610=35.16.解(1)抛掷红、蓝两枚骰子,样本点总数为6×6=36,事件A 包含的样本点数为6×2=12, 所以P(A)=1236=13.由于3+6=6+3=4+5=5+4>8,4+6=6+4=5+5>8,5+6=6+5>8,6+6>8, 所以事件B 包含的样本点数为4+3+2+1=10, 所以P(B)=1036=518,事件AB 同时发生的概率为P(AB)=636=16,由条件概率公式,得P(B|A)=P (AB )P (A )=12.(2)由(1)得P(A|B)=P (AB )P (B )=35.17.解考察的解法中没有考虑到已经抽出并展示出抽出的这张卡片的一面为红色或黑色,即题目属于条件概率,我们以抽出的这张展示的一面是红色为例.正确的方法是:设抽出的这张展示的一面是红色为事件A,抽出的卡片两面全是红色为事件B,如果展示的一面是红色,且这张卡片是两面全是红色的那张为事件AB,因为P(A)=12,P(AB)=13,由条件概率可得P(B|A)=P (AB )P (A )=23,当然抽出的这张展示的一面是黑色也是如此,即概率为23.。

7.1 条件概率及全概率(解析版)人教版高中数学精讲精练选择性必修三

7.1 条件概率及全概率(解析版)人教版高中数学精讲精练选择性必修三

7.1条件概率及全概率公式考法一条件概率【例1-1】(2023·云南)某校有7名同学获省数学竞赛一等奖,其中男生4名,女生3名.现随机选取2名学生作“我爱数学”主题演讲.假设事件A 为“选取的两名学生性别相同”,事件B 为“选取的两名学生为男生”,则()|P B A =()A .14B .34C .13D .23【答案】D【解析】由题意得,事件A 包含的样本点数()2234C C 9n A =+=,事件A 和B 包含的样本点数()24C 6n AB ==,所以()()()62|93n AB P B A n A ===.故选:D【例1-2】(2024·陕西汉中)袋中有除颜色外完全相同的6个小球,其中4个白球和2个红球,现从袋中不放回地连取两个.在第一次取得白球前提下,则第二次取得红球的概率为()A .0.25B .0.4C .0.5D .0.6【答案】B【解析】设第一次取得白球为事件A ,第二次取得红球为事件B ,所以在第一次取得红球前提下,则第二次取得白球的概率为:42()265(|)0.445()565P AB P B A P A ⨯⨯====⨯⨯.故选:B.【一隅三反】1.(2024·辽宁)小张、小王两家计划国庆节期间去辽宁游玩,他们分别从“丹东凤凰山,鞍山千山,本溪水洞,锦州笔架山,盘锦红海滩”这五个景点中随机选择一个游玩,记事件A :“两家至少有一家选择丹东风凰山”,事件B :“两家选择景点不同”.则概率()P B A =()A .23B .59C .45D .89【答案】D【解析】由题意可知:A 两家都没选择丹东凤凰山,即()44165525P A =⨯=,所以()()9125P A P A =-=,而:AB 有一家选择丹东凤凰山,另一家选别的景点,则()4255P AB ⨯=⨯,所以()()()88259925P AB P B A P A ===.故选:D2.(2024·全国·高二假期作业)现有若干大小、质地完全相同的黑球和白球,已知某袋子中装有3个白球、2个黑球,现从袋中随机依次摸出2个球,若第一次摸出的是白球,则放回袋中;若第一次摸出的是黑球,则把黑球换作白球,放回袋中.记事件A =“第一次摸球摸出黑球”,事件B =“第二次摸球摸出白球”,则()P B A =()A .625B .825C .35D .45【答案】D【解析】根据题意可知,2()5P A =第一次摸出黑球且第二次摸出白球的概率()2485525P A B ⋂=⨯=,则()8()4252()55P A B P B A P A ⋂===,故选:D.3.(2024·北京)俗话说“斜风细雨不须归”,在自然界中,下雨大多伴随着刮风.已知某地8月份刮风的概率为1331,下雨的概率为1131,既刮风又下雨的概率为731.记事件A 为“8月份某天刮风”,事件B 为“8月份某天下雨”,则()P B A =()A .711B .713C .731D .1131【答案】B【解析】根据题意可得()()()1311,,1317331P A P B P AB ===利用条件概率公式可得()()()7731131331P AB P B A P A ===.故选:B4.(2024·江西)我国的生态环境越来越好,旅游的人越来越多.现有两位游客慕名来江苏旅游,他们分别从“太湖鼋头渚、苏州拙政园、镇江金山寺、常州恐龙园、南京夫子庙、扬州瘦西湖”这6个景点中随机选择1个景点游玩.记事件A 为“两位游客中至少有一人选择太湖鼋头渚”,事件B 为“两位游客选择的景点相同”,则()P B A 等于()A .111B .211C .19D .29【答案】A【解析】由题意,知()()66551111,66366636P A P AB ⨯-⨯====⨯⨯,所以()()()111P AB P B A P A ==.故选:A .考法二条件概率性质【例2-1】(2024·湖北)已知A ,B 是一个随机试验中的两个事件,若()12P A B =,()13P B A =,则()()()P AB P AB P AB +等于()A .3B .4C .5D .6【答案】A【解析】因为()12P A B =,所以()1()2P AB P B =,即()2()P B P AB =,同理,由()13P B A =得()3()P A P AB =,因为()()()2()P B P AB P AB P AB =+=,所以()()P AB P AB =,()()()3()P A P AB P AB P AB =+=,所以()2()P AB P AB =,所以()()3()3()()P AB P AB P AB P AB P AB +==.故选:A.【例2-2】(2023上·高二课时练习)下列式子成立的是()A .()()P AB P B A =∣∣B .()01P BA <<∣C .()()()P AB P A P BA =⋅∣D .()()()P AB P B P BA =⋅∣【答案】C【解析】由条件概率公式知()()()()(),()P AB P AB P AB P B A P B P A ==∣∣,但是()P A 不一定等于()P B ,所以选项A 错误;根据条件概率的性质可知()01P B A ≤≤∣,所以选项B 错误;由条件概率公式()()()P AB P BA P A =∣可得出()()()P AB P A P BA =⋅∣,所以选项C 正确;由条件概率公式()()()P AB P AB P B =∣可得出()()()P AB P B P AB =⋅∣,所以选项D 错误.故选:C【例2-3】(2023·云南保山)(多选),A B 为随机事件,已知()0.5P A =,()0.3P B =,下列结论中正确的是()A .若,AB 为互斥事件,则()0.8P A B +=B .若,A B 为互斥事件,则()0.8P A B +=C .若,A B 相互独立,则()0.65P A B +=D .若()|0.3P B A =,则,A B 相互独立【答案】ACD【解析】A 选项,根据互斥事件的加法公式可得,()()()0.50.30.8P A B P A P B +=+=+=,A 选项正确;B 选项,若,A B 为互斥事件,故()0P AB =,类似集合的运算:A B A B = ,由()()()()1()101P A B P A B P A B P AB P AB +====-=-= ,故B 选项不正确;C 选项,由于,A B 是相互独立事件,故()()()P AB P A P B =,于是()()()()0.50.30.50.30.65P A B P A P B P AB +=+-=+-⨯=,C 选项正确;D 选项:)()(|)0.3()(P AB P B A P B A P ===,即()()()P AB P A P B =,于是,A B 相互独立,D 选项正确.故选:ACD.【一隅三反】1.(2024·广西)(多选)设A ,B 是一个随机试验中的两个事件,且1()2P A =,11()24P B =,7(24P AB AB +=,则下列结论中正确的是()A .1()8P AB =B .5()6P A B +=C .9()11|P A B =D .()||)(P A B P B A =【答案】AB【解析】因为1()2P A =,11()24P B =,所以1()2P A =,13(24P B =.因为AB 与AB 为互斥事件,所以()0P AB AB ⋅=,所以(()()()()(P AB AB P AB P AB P AB AB P AB P AB +=+-⋅=+()()()()P B P AB P A P AB =-+-1112()224P AB =+-724=,所以1()3P AB =,故111()1()8()243P B P A P B AB =-=-=,故A 正确;115()(()()()()[()()](()236P A B P A P B P AB P A P B P B P AB P A P AB +=+-=+--=+=+=,故B 正确;1()83()11()1124|P AB P A B P B ===,故C 错误;1()38()11()1124|P AB P A B P B ===,11()()()123()1()()3|2P AB P A P AB P B A P A P A --===,所以()||)(P A B P B A ≠,故D 错误.故选:AB.2.(2024·福建)(多选)已知随机事件,,A B C 满足()01P A <<,()01P B <<,()01P C <<,则下列说法正确的是()A .不可能事件∅与事件A 互斥B .必然事件Ω与事件A 相互独立C .()()()P AC P AB C P AB C =+∣∣∣D .若()()||P A B P A B =,则()()12P A P A ==【答案】ABC【解析】因为不可能事件∅与事件 A 不会同时发生,所以互斥,故选项A 正确;因为)1,()(),())()((P A P A P P A P P AΩ=Ω=Ω=,所以()()()P A P A P Ω=Ω,所以必然事件Ω与事件 A 相互独立,故选项B 正确;因为AB AB A = ,且,AB AB 互斥,所以()()()P AC P AB C P AB C =+∣∣∣,故选项C 正确;对于选项D ,假如做抛掷一枚骰子1次的试验,设事件B 为出现点数小于等于4,事件A 为出现点数小于等于2,则()()||P A B P A B =,但12(),(),()(),33P A P A P A P A ==≠故选项D 错误.故选:ABC.3.(2024下·全国·高二随堂练习)(多选)玻璃缸中装有2个黑球和4个白球,现从中先后无放回地取2个球.记“第一次取得黑球”为1A ,“第一次取得白球”为2A ,“第二次取得黑球”为1B ,“第二次取得白球”为2B ,则()A .()()1122P AB P A B =B .()()1221P A B P A B =C .()()11211P B A P B A +<∣∣D .()()21121P B A P B A +>∣∣【答案】BD【解析】由题意,第一次取得黑球的概率()12116C 1C 3P A ==,第一次取得白球的概率()14216C 2C 3P A ==,第一次取黑球、第二次取黑球的概率()1121111165C C 1C C 15P A B ==,第一次取白球、第二次取白球的概率()1143221165C C 2C C 5P A B ==,()()1122P A B P A B ≠,所以A 错误;第一次取黑球、第二次取白球的概率()1124121165C C 4C C 15P A B ==,第一次取白球、第二次取黑球的概率()1142211165C C 4C C 15P A B ==,()()1221P A B P A B =,所以B 正确;由()()()111111115153P A B P B A P A ===,()()()122114415153P A B P B A P A ===,得()()11211P B A P B A +=,所以C 错误;由()()()211224215253P A B P B A P A ===,得()()2112615P B A P B A +=>,所以D 正确.故选:BD4.(2023·河南平顶山)(多选)一个口袋中有除颜色外完全相同的3个红球和2个白球,每次从中随机取出一个球,若取到红球,则往口袋里再放入一个白球,若取到白球,则往口袋里再放入一个红球,取出的球不放回.像这样取两次球,设事件()1,2i A i =为“第i 次取到红球”,事件()1,2j B j =为“第j 次取到白球”,事件C 为“两次取到的球颜色相同”,则()A .1A 与2A 相互独立B .()2135P B A =∣C .()12825P B A =D .()825P C =【答案】BCD【解析】对于A ,()()()112262414,,5552555552533232P A P A A P A ==⨯==⨯+⨯=,则()()()2112P P A A A P A ≠,所以1A 与2A 不相互独立,故A 错误;对于B ,()21P B A ∣是指在第一次取出红球的条件下,第二次取出白球的概率,第一次取出红球后,再放入一个白球,袋中变为2个红球和3个白球,此时取出白球的概率为35,故B 正确;对于C ,()12P B A 是第一次取到白球且第二次取到红球的概率,()122485525P B A =⨯=,故C 正确;对于D ,事件C 包含“两次都取到红球”和“两次都取到白球”两种情况,()()12123()5P C P A A P B B =+=⨯221855525+⨯=,故D 正确.故选:BCD.考法三全概率公式【例3-1】(2024·黑龙江)某人外出出差,委托邻居给家里盆栽浇一次水,若不浇水,盆栽枯萎的概率为0.8;若浇水,盆栽枯萎的概率为0.1.若邻居浇水的概率为P ,该人回来盆栽没有枯萎的概率为0.83,则实数P 的值为()A .0.9B .0.85C .0.8D .0.75【答案】A【解析】记A 为事件“盆栽没有枯萎”,W 为事件“邻居给盆栽浇水”,由题意可得(),()1P W P P W P ==-,()0.8,()0.1P A W P A W ==∣∣,由对立事件的概率公式可得()1()10.830.17P A P A =-=-=.由全概率公式可得(()()()()0.1(1)0.80.17P A P W P A W P W P A W P P =+=⨯+-⨯=∣∣,解得0.9P =.故选:A【例3-2】(2024·河南南阳)长时间玩手机可能影响视力.据调查,某校学生大约20%的人近视,而该校大约有10%的学生每天玩手机超过1小时,这些人的近视率约为60%,现从每天玩手机不超过1小时的学生中任意调查一名学生,则他近视的概率为()A .521B .940C .745D .720【答案】C【解析】令1A =“玩手机时间超过1小时的学生”,2A =“玩手机时间不超过1小时的学生”,B =“任意调查一人,此人近视”,12A A Ω= ,且12,A A 互斥,()()()()1210.10.9|0.6,0,.2 ,P A P A P B A P B ====,依题意有()()()()()()11222||0.10.60.9|0.2P B P A P B A P A P B A P B A =+=⨯+⨯=,解得()20.1470.945|P B A ==从每天玩手机不超过1小时的学生中任意调查一名学生,则他近视的概率为745.故选:C 【一隅三反】1.(2024·黑龙江)小明参加答题闯关游戏,答题时小明可以从A ,B ,C 三块题板中任选一个进行答题,答对则闯关成功.已知他选中A ,B ,C 三块题板的概率分别为0.2,0.3,0.5,且他答对A ,B ,C 三块题板中题目的概率依次为0.91,0.92,0.93.则小明闯关失败的概率是()A .0.24B .0.14C .0.077D .0.067【答案】C【解析】由题意,小明闯关失败的概率()()()0.210.910.310.920.510.930.077P =⨯-+⨯-+⨯-=.故选:C.2.(2024·全国·高二假期作业)某批麦种中,一等麦种占80%,二等麦种占20%等麦种种植后所结麦含有50粒以上麦粒的概率分别为0.6,0.2,则这批麦种种植后所结麦穗含有50粒以上麦粒的概率为()A .0.48B .0.52C .0.56D .0.65【答案】B【解析】种植一等麦种和二等麦种的事件分别为12,A A ,所结麦穗含有50粒以上麦粒为事件B ,依题意,()10.8P A =,()20.2P A =,()1|0.6P B A =,()2|0.2P B A =,由全概率公式得,()()()12P B P BA P BA =+()()()()1122||P A P B A P A P B A =+0.80.60.20.20.52=⨯+⨯=.故选:B3.(2023·湖北)某卡车为乡村小学运送书籍,共装有10个纸箱,其中5箱英语书、5箱数学书.到目的地时发现丢失一箱,但不知丢失哪一箱.现从剩下9箱中任意打开两箱,结果都是英语书,则丢失的一箱也是英语书的概率为()A .29B .38C .112D .58【答案】B【解析】用A 表示丢失一箱后任取两箱是英语书,用1B 表示丢失的一箱为英语书,2B 表示丢失的一箱为数学书,则()()1212P B P B ==,()24129C 61C 366P A B ===,()25229C 105C 3618P A B ===,由全概率公式可得()()()()()112211152262189P A P B P A B P B P A B =⋅+⋅=⨯+⨯=,所以,()()()1111326289P AB P B A P A ⨯===.故选:B.4.(2023·湖北)(多选)某儿童乐园有甲,乙两个游乐场,小王同学第一天去甲、乙两家游乐场游玩的概率分别为0.3和0.7,如果他第一天去甲游乐场,那么第二天去甲游乐场的概率为0.7;如果第一天去乙游乐场,那么第二天去甲游乐场的概率为0.6,则王同学()A .第二天去甲游乐场的概率为0.63B .第二天去乙游乐场的概率为0.42C .第二天去了甲游乐场,则第一天去乙游乐场的概率为23D .第二天去了乙游乐场,则第一天去甲游乐场的概率为13【答案】AC【解析】设1A :第一天去甲游乐场,2A :第二天去甲游乐场,1B :第一天去乙游乐场,2B :第二天去乙游乐场,依题意可得()10.3P A =,()10.7P B =,()210.7P A A =,()210.6P A B =,对A ,()()()()()21211210.30.70.70.60.63P A P A P A A P B P A B =+=⨯+⨯=,A 正确;对B ,()()2210.37P B P A =-=,B 错误;对C ,()()()()1211220.70.620.633P B P A B P B A P A ⨯===,C 正确;对D ,()()()()()()()()121121122210.310.790.3737P A P A A P A P B A P A B P B P B ⎡⎤-⨯-⎣⎦====,D 错误,故选:AC.5.(2024·陕西汉中)某电子设备厂所用的元件由甲、乙两家元件厂提供,根据以往的记录,这两个厂家的次品率分别为0.01,0.03,提供元件的份额分别为0.90,0.10.设这两个厂家的产品在仓库里是均匀混合的,且无任何区分的标志,现从仓库中随机取出一个元件,取到的元件是次品的概率为.【答案】0.012【解析】设事件:A “取得一件次品”事件1B :“取得次品是甲厂生产”,2B :“取得次品是乙厂生产”,由题意可知()()()()12120.9,0.1,0.01,0.03P B P B P A B P A B ====,所以由全概率公式知取得次品的概率为()()()()()11220.010.900.030.100.012P A P A B P B P A B P B =+=⨯+⨯=.故答案为:0.012考法四贝叶斯公式【例4】(2024·福建)根据曲靖一中食堂人脸识别支付系统后台数据分析发现,高三年级小孔同学一周只去食堂一楼和二楼吃饭.周一去食堂一楼和二楼的概率分别为13和23,若他周一去了食堂一楼,那么周二去食堂二楼的概率为34,若他周一去了食堂二楼,那么周二去食堂一楼的概率为12,现已知小孔同学周二去了食堂二楼,则周一去食堂一楼的概率为().A .37B .47C .15D .45【答案】A【解析】记小孔同学周一去食堂一楼为事件A ,周二去食堂一楼为事件B ,则本题所求()()()()()()()13334132173432P B A P A P A B P B A P A P B A P A ⨯⋅===⋅+⋅⨯+⨯.故选:A .【一隅三反】1.(2024湖南)设有5个袋子中放有白球,黑球,其中1号袋中白球占13,另外2,3,4,5号4个袋子中白球都占14,今从中随机取1个袋子,从所取的袋子中随机取1个球,结果是白球,则这个球是来自1号袋子中的概率为()A .14B .13C .12D .23【答案】A【解析】设事件i A 表示“取到第i 号袋子”(i =1,2,3,4,5),事件B 表示“取到白球”,则由贝叶斯公式得1115111()()153()11111114()()5354444j j j P A P B A P A B P A P B A =⨯===⎛⎫⨯+⨯+++ ⎪⎝⎭∑,故选:A2.(2023·全国·高二课堂例题)张宇去某地参加会议,他乘汽车或飞机去的概率分别为0.6、0.4.如果他乘汽车或飞机前去,迟到的概率如图所示.结果他迟到了,求张宇乘的是汽车的概率.【答案】917【解析】记事件A 为“张宇乘汽车”,则事件A 为“张宇乘飞机”,事件B 为“张宇迟到”,则()0.6P A =,()0.4P A =,()14P B A =,()13P B A =.根据贝叶斯公式可得()()()()()()()10.69411170.60.443P A P B A P A B P A P B A P A P B A⨯===+⨯+⨯.因此,张宇迟到了,他乘的是汽车的概率为917.3.(2023·湖南)某一地区患有某疾病的人占0.005,患者对一种试验反应是阳性的概率为0.95,正常人对这种试验反应是阳性的概率为0.04.现抽查了一个人,试验反应是阳性,问此人是患者的概率有多大?(保留小数点后四位)【答案】0.1066【解析】设“抽查的人是患者”为事件A ,“试验反应是阳性”为事件B ,则“抽查的人不是患者”为事件A ,由题意可知()0.005P A =,()()10.995P A P A =-=,()0.95P B A =,()0.04P B A =,则由贝叶斯公式可得()()()()()()()()()P A P B A P AB P A B P B P A P B A P A P B A ==+0.0050.950.10660.0050.950.9950.04⨯==⨯+⨯,即抽查一个人,试验反应是阳性,此人是患者的概率为0.1066.考法五综合运用【例5-1】(2024·吉林)中国传统文化中,过春节吃饺子,饺子是我国的传统美食,不仅味道鲜美而且寓意美好.现有甲、乙两个箱子装有大小、外观均相同的速冻饺子,已知甲箱中有3盒肉馅的“饺子”,2盒三鲜馅的“饺子”和5盒青菜馅的“饺子”,乙箱中有3盒肉馅的“饺子”,3个三鲜馅的“饺子”和4个青菜馅的“饺子”.问:(1)从甲箱中取出一盒“饺子”是肉馅的概率是多少?(2)若依次从甲箱中取出两盒“饺子”,求第一盒是肉馅的条件下,第二盒是三鲜馅的概率;(3)若先从甲箱中随机取出一盒“饺子”放入乙箱,再从乙箱中随机取出一盒“饺子”,从乙箱取出的“饺子”是肉馅的概率.【答案】(1)310(2)29(3)310【解析】(1)设事件A =“取出饺子是肉馅”,()310P A =,(2)设事件B =“甲箱中取出的第一盒饺子是肉馅”,事件C =“取出第二个盒饺子是三鲜馅”,()()()3221093910P BC P C B P B ⨯===(3)设事件D =“从乙箱取出的“饺子”是肉馅”.设事件1A ,2A ,3A 分别是甲箱中取出肉馅的“饺子”,三鲜馅的“饺子”和青菜馅的“饺子”,()()()()()()()112233P D P A P D A P A P D A P A P D A =++342353310111011101110=⨯+⨯+⨯=【例5-2】(2023·河北保定)某地举办了一次地区性的中国象棋比赛,小明作为选手参加.除小明外的其他参赛选手中,一、二、三类棋手的人数之比为5:7:8,小明与一、二、三类棋手比赛获胜的概率分别是0.6、0.5、0.4.(1)从参赛选手中随机抽取一位棋手与小明比赛,求小明获胜的概率;(2)如果小明获胜,求与小明比赛的棋手分别为一、二、三类棋手的概率.【答案】(1)0.485(2)3097、3597、3297.【解析】(1)记事件B :“小明获胜”,记事件i A :“小明与第()1,2,3i i =类棋手相遇”,由题可得,()150.2520P A ==,()270.3520P A ==,()380.420P A ==,()10.6P B A =,()20.5P B A =,()30.4P B A =(1)由全概率公式可知()()()()()()()112233P B P A P B A P A P B A P A P B A =++0.250.60.350.50.40.40.485=⨯+⨯+⨯=.(2)由条件概率公式可得()()()()()()11110.250.6300.48597P A P B A P A B P A B P B P B ⨯====,()()()()()()22220.350.5350.48597P A P B A P A B P A B P B P B ⨯====,()()()()()()33330.40.4320.48597P A P B A P A B P A B P B P B ⨯====.即小明获胜,对手分别为一、二、三类棋手的概率为3097、3597、3297.【一隅三反】1.(2023下·安徽芜湖·高二统考期末)(多选)一个不透明的袋子里,装有大小相同的3个红球和2个白球,每次从中不放回地取出一球,现取出2个球,则下列说法正确的是()A .两个都是红球的概率为625B .在第一次取到红球的条件下,第二次取到白球的概率为12C .第二次取到红球的概率为35D .第二次取到红球的条件下,第一次取到白球的概率为12【答案】BCD【解析】对于A 选项,抽取的两个都是红球的概率为2325C 3C 10=,A 错;对于B 选项,记事件:M 第一次取红球,事件:N 第二次取白球,则()35P M =,()3235410P MN ⨯==⨯,所以,()()()3511032P MN P N M P M ==⨯=,B 对;对于C 选项,记事件:M 第一次取红球,事件:Q 第二次取红球,则()35P M =,()25P M =,()12P Q M =,()34P Q M =,由全概率公式可得()()()()()3123352545P Q P M P Q M P M P Q M =+=⨯+⨯=,C 对;对于D 选项,记事件:M 第一次取红球,事件:Q 第二次取红球,则()()()2335410P MQ P M P Q M ==⨯=,所以,()()()3511032P MQ P M Q P Q ==⨯=,D 对.故选:BCD.2.(2024上·黑龙江·高二校联考期末)(多选)已知编号为1,2,3的三个盒子,其中1号盒子内装有一个1号球,一个2号球和两个3号球;2号盒子内装有一个1号球,两个3号球;3号盒子内装有两个1号球,三个2号球.若第一次先从1号盒子内随机抽取1个球,将取出的球放入与球同编号的盒子中,第二次从该盒子中任取一个球,则下列说法正确的是()A .在第一次抽到3号球的条件下,第二次抽到2号球的概率为12B .第一次抽到3号球且第二次抽到2号球的概率为14C .第二次抽到2号球的概率为316D .如果第二次抽到的是2号球,则它来自1号盒子的概率最大【答案】AB【解析】记第一次取得()1,2,3i i =号球为事件i A ,则()()()123111,442P A P A P A ===,在第一次抽到3号球的条件下,第二次抽到2号球的概率为31512P ==+,即A 正确;第一次抽到3号球且第二次抽到2号球的概率为111224P =⨯=,即B 正确;记第二次在第i 号盒子内抽到2号球的事件分别为()1,2,3i B i =,而123,,A A A 两两互斥,和为Ω,且()()()112233111,,442P B A P B A P B A ===∣∣∣,记第二次抽到2号球的事件为B ,则()()()33111111113()4444228i i i i ii i P B P A B P A P B A =====⨯+⨯+⨯=∑∑∣,即C 错误;由于原先2号盒子没有2号球,如果第二次取到的是2号球,则它来自1号盒子的概率为()()()112211111616338P A B P A B P P B ++===,它来自3号盒子的概率()()333124338P A B P P B ===,即如果第二次抽到的是2号球,则它来自3号盒子的概率最大,故D 错误.故选:AB3.(2023下·湖北武汉·高二校联考期末)某中学篮球队根据以往比赛统计:甲球员能够胜任前锋,中锋,后卫三个位置,且出场概率分别为0.1,0.5,0.4.在甲球员出任前锋,中锋,后卫的条件下,篮球队输球的概率依次为0.2,0.2,0.7.(1)当甲球员参加比赛时,求该篮球队某场比赛输球的概率;(2)当甲球员参加比赛时,在该篮球队输了某场比赛的条件下,求甲球员在这一场出任中锋的概率;(3)如果你是教练员,应用概率统计的有关知识该如何使用甲球员?【答案】(1)0.4(2)0.25(3)应该多让甲球员出任前锋来增加赢球场次【解析】(1)设1A 表示“甲球员出任前锋”,2A 表示“甲球员出任中锋”,3A 表示“甲球员出任后卫”,则123A A A Ω= ,设B 表示“球队输掉某场比赛”,则()10.1P A =,()20.5P A =,()30.4P A =,()()120.2P B A P B A ==||,()30.7P B A =|,所以()()()123()P B P A B P A B P A B =++()()()()()()112233P A P B A P A P B A P A P B A =⋅+⋅+⋅|||0.10.20.50.20.40.7=⨯+⨯+⨯0.4=.所以当甲球员参加比赛时,该球队某场比赛输球的概率是0.4.(2)由(1)知,球队输了某场比赛的条件下,甲球员在这一场出任中锋的概率()()()()22220.50.20.25()()0.4P B A P A P A B P A B P B P B ⨯====||.(3)由(1)知,已知球队输了某场比赛的条件下,甲球员在这场出任前锋的概率()()110.10.20.05()0.4P A B P A B P B ⨯===∣;甲球员在这场出任后卫的概率()()()330.40.70.70.4P A B P A B P B ⨯===∣;由(2)知,甲球员在这一场出任中锋的概率()20.25P A B =|.所以有,()()()123P A B P A B P A B <<∣∣∣,所以应该多让甲球员出任前锋来增加赢球场次.一.单选题1.(2024·北京昌平)已知某班级中,喜欢文学阅读的学生占75%,喜欢文学阅读而且喜欢科普阅读的学生占30%.若从这个班级的学生中任意抽取一人、则在抽到的学生喜欢文学阅读的条件下,该学生也喜欢科普阅读的概率为()A .22.5%B .30%C .40%D .75%【答案】C【解析】设事件A 为“抽到喜欢文学阅读的学生”,设事件B 为“抽到喜欢科普阅读的学生”,则()0.75P A =,()0.3P AB =,则()()()0.320.755P AB P B A P A ===,即在抽到的学生喜欢文学阅读的条件下,该学生也喜欢科普阅读的概率为40%.故选:C.2.(2023·广东肇庆)已知()0.5P A =,()0.3P B =,()0.1P B A ⋂=,求()|P B A =()A .110B .13C .15D .1【答案】C【解析】由题可得()()()0.110.55|P AB P B A P A ===.故选:C.3.(2023·山东德州)掷一个均匀的骰子.记A 为“掷得点数大于2”,B 为“掷得点数为奇数”,则()P B A 为()A .56B .34C .23D .12【答案】D【解析】掷一个均匀的骰子,有1,2,3,4,5,6共6种结果,事件A 包含点数为3,4,5,6,共4种结果,所以()4263P A ==;事件AB 包含点数为3,5共2种结果,所以()2163P AB ==,所以()()()12P AB P B A P A ==.故选:D4.(2023下·辽宁·高二辽宁实验中学校考阶段练习)某货车为某书店运送书籍,共10箱,其中5箱语文书、3箱数学书、2箱英语书.到达目的地时发现丢失一箱,但不知丢失哪一箱.现从剩下的9箱书中随机打开2箱,结果是1箱语文书、1箱数学书,则丢失的一箱是英语书的概率为()A .15B .14C .13D .38【答案】B【解析】记事件:A 从剩下的9箱书中随机打开2箱,结果是1箱语文书、1箱数学书,记事件2:B 丢失的一箱是语文书,事件2:B 丢失的一箱是数学书,事件3:B 丢失的一箱是英语书,则()()()3222199914335215312C 10C 5C 3i i i P A P B P A B =⨯⨯⨯==⨯+⨯+⨯=∑,()()()3332915315C 12P AB P B P A B ⨯==⨯=,由贝叶斯公式可得()()()33113124P AB P B A P A ==⨯=.故选:B.5.(2024下·全国·高二随堂练习)袋子中装有大小、形状完全相同的3个白球和2个红球,现从中不放回地摸取两个球,已知第二次摸到的是红球,则第一次摸到红球的概率为()A .14B .16C .110D .25【答案】A【解析】记i A 为第i 次摸到的是红球,则()()()12122P A A P A A P A =,又()()()121212115410P A A P A P A A ==⨯=,()()()()()()()212121211212132254545P A P A A P A A P A P A A P A P A A =+=+=⨯+⨯=,所以()1214P A A =,故选:A.6.(2023上·上海·高二上海市第二中学校考阶段练习)下列各式中不能判断事件A 与事件B 独立的是()A .()()()P A B P A P B ⋂=B .()()()()()P A B P A P B P A P B =+- C .()()1P A B P A +=D .()()1P A B P A B +=【答案】D【解析】选项A :因为()()P A B P AB = ,所以()()()P AB P A P B =,由事件相互独立意义可知,事件A 与事件B 独立;故A 正确;选项B :因为()()()()P A B P A P B P A B =+- ,又()()()()()P A B P A P B P A P B =+- ,所以()()()P A B P A P B ⋂=,由选项A 可知,事件A 与事件B 独立;故B 正确;选项C :因为()()()()()1P AB P A B P A P A P B +=+=,即()()()()1P ABP A PA PB =-=所以()()()P AB P A P B =,即事件A 与事件B 独立,所以事件A 与事件B 独立,故C 正确;故选:D.7.(2023下·黑龙江齐齐哈尔·高二齐齐哈尔市恒昌中学校校考期末)下列有关事件的说法正确的是()A .事件A ,B 中至少有一个发生的概率一定比A ,B 中恰有一个发生的概率大B .若()()()1P A B P A P B =+= ,则事件A ,B 为对立事件C .若A ,B 为互斥事件,则()()1P A P B +≤D .若事件A ,B ,C 满足条件()0P B >,A 和C 为互斥事件,则()()()()P A C B P A B P C B <+∣∣∣ 【答案】C【解析】对于A 中,若事件A 和B 都为不可能事件,此时两个概率相等,所以A 错误;对于B 中,若在不同试验下,虽然有()()()1P A B P A P B =+= ,但事件A 和B 不对立;若在同一试验下,说明事件A 和B 对立,则B 错误;对于C 中,若A ,B 互斥,且A ,B 对立,则()()1P A P B +=,若A ,B 不对立,则()()1P A P B +<,所以C 正确;对于D 中,若事件A ,B ,C 满足条件()0P B >,A 和C 为互斥事件,则()()()()|||P A C B P A B P C B =+ ,所以D 错误,故选:C.8.(2023下·浙江台州·高二统考期末)已知()P A ,()P B ,()P C ,()P AC ,()P AB ,()P BC 均大于0,则下列说法不正确的是()A .()()()P AB P A P B =B .若()()P B A P B =,则()()P A B P A =C .若()()P B A P A B =,则()()P A P B =D .()()()()P ABC P A P C A P B AC =【答案】A【解析】对于A ,若,A B 相互独立,则()()()P AB P A P B =,故A 错误;对于B ,若()()P B A P B =,则()()()P AB P B P A =,即()()()P AB P A P B =,所以()()()()()()()P AB P A P B P A B P A P B P B ===,故B 正确;对于C ,若()()P B A P A B =,则()()()()P AB P AB P A P B =,则()()P A P B =,故C 正确;对于D ,()()()()()()()()()P AC P ABC P A P C A P B AC P A P ABC P A P AC =⋅⋅=,故D 正确.故选:A.二.多选题9.(2023·吉林长春·)盒子中有12个乒乓球,其中8个白球4个黄球,白球中有6个正品2个次品,黄球中有3个正品1个次品.依次不放回取出两个球,记事件=i A “第i 次取球,取到白球”,事件i B =“第i 次取球,取到正品”,1,2i =.则下列结论正确的是()A .()1123P A B =B .()212P B =C .()2113P A B =D .()2134P B A =【答案】AD【解析】对A ,()193==124P B ,()1161==122P A B ,所以()()()111112==3P A B P A B P B ,故A 正确;对B ,事件2B =“第2次取球,取到正品”,()2119392212A A A 3A 4P B +==,故B 错误;对C ,事件21A B =“第1次取球,取到正品且第2次取球,取到白球”,包括(正白,正白),(正白,次白),(正黄,正白),(正黄,次白),共有65+62+36+32=66⨯⨯⨯⨯种情况,()21212661=A 2P A B =,故C 错误;对D ,事件12A B =“第1次取球,取到白球且第2次取球,取到正品”,包括(白正,白正),(白正,黄正),(白次,白正),(白次,黄正),共有65+63+26+23=66⨯⨯⨯⨯种情况,()12212661=A 2P A B =,又因为()182==123P A ,()()()122113==4P A B P B A P A ,故D 正确;故选:AD.10.(2024·全国·高二假期作业)口袋里装有2红,2白共4个形状相同的小球,对其编号红球1,2,白球3,4,从中不放回的依次取出两个球,事件A =“第一次取出的是红球”,事件B =“第二次取出的是红球”,事件C =“取出的两球同色”,事件D =“取出的两球不同色”,则()A .A 与B 互斥B .C 与D 互为对立事件C .A 与C 相互独立D .()13P D B =【答案】BC【解析】基本事件有12,13,14,23,24,34,21,31,41,32,42,43,共12种,事件A =“12,13,14,21,23,24”;事件B =“12,21,31,41,32,42”;事件C =“12,21,34,43”;事件D =“13,14,23,24,31,41,32,42”.∵A B ⋂≠∅,∴A 与B 不是互斥事件,故A 错误;C D =Ω ,C D ⋂=∅,∴C 与D 互为对立事件,故B 正确;事件AC =“12,21”,∴()61122P A ==,()41123P C ==,()21126P AC ==,()()()P AC P A P C =,∴A 与C 相互独立,故C 正确;事件BD =“31,41,32,42”,()12P B =,()41123P BD ==,∴()()()23P BD P D B P B ==,故D 错误.故选:BC.11.(2023下·山东聊城·高二统考期末)若A 、B 分别为随机事件A 、B 的对立事件,()0P A >,()0P B >,则下列结论正确的是()A .()()1P B A P B A +=B .()()()()P A B P B P B A P A=C .()()()P A B P A B P B +=D .若()()P A B P A =,则()()P B A P B =【答案】BD【解析】对于A 选项,因为()()()()()()()()()()()1P AB P AB P AB P AB P A P B A P B A P A P A P A P A ++=+===,但()P B A 与()P B A 不一定相等,故()()P B A P B A +不一定等于1,A 错;对于B 选项,因为()()()P A B P B P AB =,()()()P B A P A P AB =,所以,()()()()P A B P B P B A P A =,B 对;对于C 选项,()()()()()()()()1P AB P AB P B P A B P A B P B P B P B +=+==,C 错;对于D 选项,因为()()()()P AB P A B P A P B ==,所以,()()()P AB P A P B =,所以,事件A 、B 独立,故()()()()P AB P B A P B P A ==,D 对.故选:BD.12.(2024·河南)深圳某中学社团招新活动开展得如火如荼,小王、小李、小张三位同学计划篮球社、足球社、羽毛球社三个社团中各自任选一个,每人选择各社团的概率均为13,且每人选择相互独立,则()A .三人选择社团一样的概率为19B .三人选择社团各不相同的概率为227C .至少有两人选择篮球社的概率为727D .在至少有两人选择羽毛球社的前提下,小王选择羽毛球社的概率为57【答案】ACD【解析】对于A ,三人选择社团一样的事件是都选篮球社的事件、都选足球社的事件、都选羽毛球社的事件的和,它们互斥,三人选择社团一样的概率为3113(39⨯=,A 正确;对于B ,三人选择社团各不相同的事件,是小王从3个社团中任选1个,小李从余下两个中任选1个,最后1个社团给小张的事件,共6个不同结果,因此三人选择社团各不相同的概率为3126()39⨯=,B 错误;对于C ,至少有两人选择篮球社的事件是恰有2人选篮球社与3人都选篮球社的事件和,其概率为213332117C C ()()3327⨯+=,C 正确;对于D ,令至少有两人选择羽毛球社的事件为A ,由选项C 知,7()27P A =,小王选择羽毛球社的事件为B ,则事件AB 是含小王只有2人择羽毛球社的事件和3人都择羽毛球社的事件和,其概率113322115()C C ((3327P AB =⨯+=,所以在至少有两人选择羽毛球社的前提下,小王选择羽毛球社的概率为()5(|)()7P AB P B A P A ==,D 正确.故选:ACD三.填空题13.(2024上·山东潍坊·高二昌乐二中校考期末)已知某地区内狗的寿命超过15岁的概率是0.6,超过20岁的概率是0.2.那么该地区内,一只寿命超过15岁的狗,寿命能超过20岁的概率是.【答案】13【解析】设A :狗的寿命超过15岁,B :狗的寿命超过20岁,则所要求的就是(|)P B A .依题意有2,()0.6()0.P A P B ==.又因为B A ⊆,所以B A B =I ,从而()()0.2P B A P B == ,因此()()()0.21|0.63P B A P B A P A ⋂===.所以一只寿命超过15岁的狗,寿命能超过20岁的概率是13,故答案为:13.14.(2023上·河南南阳·高二南阳中学校考阶段练习)口袋里装有2红,2白共4个形状相同的小球,对其编号红球1,2,白球3,4,从中不放回的依次取出两个球,事件A =“第一次取出的是红球”,事件B =“第二次取出的是红球”,事件C =“取出的两球同色”,事件D =“取出的两球不同色”,则以下命题所有正确的序号是.①A 与B 互斥②C 与D 互为对立事件③A 与C 相互独立④1(|)3P D B =【答案】②③【解析】依题意,按取球先后次序排列取球编号,得试验的样本空间{12,13,14,21,23,24,31,32,34,41,42,43}Ω=,事件{12,13,14,21,23,24}A =,事件{12,21,31,32,41,42}B =,事件{12,21,34,43}C =,事件{13,14,23,24,31,41,32,42}D =,显然事件,A B 有公共的基本事件12,21,即,A B 不互斥,①错误;事件,C D 不能同时发生,但必有一个发生,则C 与D 互为对立事件,②正确;6141(),()122123P A P C ====,事件{12,21}AC =,21()()()126P AC P A P C ===,A 与C 相互独立,③正确;61()122P B ==,事件{31,41,32,42}BD =,41()123P BD ==,()2(|)()3P BD P D B P B ==,④错误,所以命题中所有正确的序号是②③.故答案为:②③15.(2024下·全国·高二随堂练习)甲、乙两名游客慕名来到四川旅游,准备分别从九寨沟、峨眉山、海螺沟、都江堰、青城山这5个景点中随机选一个.事件:A 甲和乙选择的景点不同,事件:B 甲和乙恰好有一人。

条件概率练习

条件概率练习

7.1.1条件概率 一、选择题1.袋中有除颜色外完全相同的5个球,其中3个红球和2个白球.现从袋中不放回地连取两个.已知第一次取得红球,则第二次取得白球的概率为( ) A .0.4 B .0.5 C .0.6 D .0.72.10张奖券中有4张“中奖”奖券,甲乙两人先后参加抽奖活动,每人从中不放回抽取一张奖券,甲先抽,乙后抽,在甲中奖条件下,乙没有中奖的概率为( )A .35B .23 C .34 D .4153.(多选)设M 、N 是两个随机事件,则下列等式一定成立的是( )A .()()()P M N P M P N ⋃=+B .()()1P MN P MN =-C .()()()|P MN P M P N M =D .()()()()||P N M P M P M N P N = 二、填空题4.已知甲每次来渝乘坐飞机和高铁的概率分别为0.6和0.4,飞机和高铁正点到达的概率分别为0.8和0.9,若甲已正点抵渝,则甲此次来渝乘坐高铁的概率为____________.5.为积极应对人口老龄化,2021年8月20日,全国人大常委会会议表决通过了关于修改人口与计划生育法的决定,提倡适龄婚育、优生优育,一对夫妻可以生育三个子女.若已知某个家庭有3个小孩,且其中至少有1个男孩的条件下,则第三个孩子是女孩的概率为___________.6.已知1(|)(|)2P A B P B A ==,3(4P A =,则()P B =________. 7.甲、乙两名运动员进行乒乓球比赛,比赛采取5局3胜制,已知每局比赛甲胜的概率为23,乙胜的概率为13,且各局比赛结果互不影响.若第一局乙胜,则本次比赛甲胜的概率为___________.8.已知()()()13P A P B P A B ===∣,则()P A B =∣___________. 9.某医院从3名医生和3名护士中选派4人参加志愿者服务,事件A 表示选派的4人中至少有2名医生,事件B 表示选派的4人中有2名护士,则()P B A =___________.三、解答题10.一个盒子中有6只好晶体管,4只坏晶体管,任取两次,每次取一只,每一次取后不放回.若已知第一只是好的,求第二只也是好的的概率.11.袋中有10个大小、材质都相同的小球,其中红球3个,白球7个.每次从袋中随机摸出1个球,摸出的球不再放回.求:(Ⅰ)第一次摸到红球的概率;(Ⅰ)在第一次摸到红球的条件下,第二次也摸到红球的概率;(Ⅰ)第二次摸到红球的概率.。

第二章2.2.1课条件概率的习题课

第二章2.2.1课条件概率的习题课

[学业水平训练]1.(2014·太原检测)将一枚硬币任意抛掷两次,记事件A =“第一次出现正面”,事件B =“第二次出现正面”,则P (B |A )等于( )A .1 B.12C.14D.18解析:选B.两次抛掷硬币的结果共有(正,正),(正,反),(反,正),(反,反)∴P (A )=24=12,P (AB )=14. 由概率公式得P (B |A )=P (AB )P (A )=12. 2.(2014·开封高二检测)将3颗骰子各掷一次,记事件A 表示“三个点数都不相同”,事件B 表示“至少出现一个3点”,则概率P (A |B )等于( )A.91216B.518C.6091D.12解析:选C.事件B 发生的基本事件个数是n (B )=6×6×6-5×5×5=91,事件A ,B 同时发生的基本事件个数为n (AB )=3×5×4=60.∴P (A |B )=n (AB )n (B )=6091. 3.一个袋中装有6个红球和4个白球(这10个球各不相同),不放回地依次摸出2个球,在第一次摸出红球的条件下,第二次摸到红球的概率为( )A.35B.25C.110D.59解析:选D.第一次摸出红球的情况下袋中有5个红球4个白球,第二次摸到红球的概率为59. 4.抛掷一枚骰子两次,在第一次掷得的点数是偶数的条件下,第二次掷得的点数也是偶数的概率为( )A.14B.13C.12D.23解析:选C.设“第一次掷得的点数是偶数”为事件A ,“第二次掷得的点数是偶数”为事件B ,在第一次掷得的点数是偶数的条件下,第二次掷得的点数也是偶数的概率为P (B |A )=P (AB )P (A )=36×3636=12. 5.下列说法正确的是( )A .P (B |A )=P (AB )B .P (B |A )=P (B )P (A )是可能的 C .0<P (B |A )<1D .P (A |A )=0解析:选B.∵P (B |A )=P (AB )P (A ),1P (A )≥1,∴P (B |A )≥P (AB ),则A 不正确;当P (A )=1时,P (B )=P (AB ),则P (B |A )=P (B )=P (B )P (A ),所以B 正确;而0≤P (B |A )≤1,P (A |A )=1,∴C 、D 不正确.6.由长期统计资料可知,某地区在4月份下雨(记为事件A )的概率为415,刮五级以上风(记为事件B )的概率为715,既刮五级以上风又下雨的概率为110,则P (A |B )=________,P (B |A )=________.解析:P (A |B )=P (AB )P (B )=110715=314, P (B |A )=P (AB )P (A )=110415=38. 答案:314 387.5个乒乓球,其中有3个新的、2个旧的,每次取一个,不放回地取两次,则在第一次取到新球的条件下,第二次取到新球的概率为________.解析:设A =“第一次取到新球”,B =“第二次取到新球”,则在第一次取到新球的条件下,第二次取到新球即为事件A 发生的条件下事件B 也发生.因第一次取到了新球,所以第二次抽取时除去“已抽取”的1个新球,还有2个新球、2个旧球供选取,所以P (B |A )=24=12. 答案:128.从编号为1,2,…,10的10个大小相同的球中任取4个,已知选出4号球的条件下,选出球的最大号码为6的概率为________.解析:令事件A ={选出的4个球中含4号球},B ={选出的4个球中最大号码为6}.依题意知n (A )=C 39=84,n (AB )=C 24=6,∴P (B |A )=n (AB )n (A )=684=114. 答案:1149.把一副扑克的52张(去掉大、小王)随机均分给赵、钱、孙、李四家,A ={赵家得到6张草花},B ={孙家得到3张草花}.(1)计算P (B |A );(2)计算P (AB ).解:(1)四家各有13张牌,已知A 发生后,A 的13张牌已固定,余下的39张牌中恰有7张草花,将这39张牌随机分给钱、孙、李三家,求孙家得到3张草花的概率,于是P (B |A )=C 37C 1039-7C 1339≈0.278. (2)在52张牌中任选13张牌有C 1352种不同的等可能的结果.于是Ω中元素数为C 1352,A 中元素数为C 613C 739,利用条件概率公式得到P (AB )=P (A )P (B |A )=C 613C 739C 1352×0.278≈0.012. 10.抛掷红、蓝两颗骰子,记事件A 为“蓝色骰子的点数为3或6”,事件B 为“两颗骰子的点数之和大于8”.(1)求P (A ),P (B ),P (AB );(2)当已知蓝色骰子的点数为3或6时,问两颗骰子的点数之和大于8的概率为多少? 解:(1)掷两颗骰子共有36种不同的情况,它们是等可能的.故P (A )=26=13, P (B )=1036=518, P (AB )=536. (2)P (B |A )=P (AB )P (A )=53613=512. [高考水平训练]1.(2014·高考课标全国卷Ⅱ)某地区空气质量监测资料表明,一天的空气质量为优良的概率是0.75,连续两天为优良的概率是0.6,已知某天的空气质量为优良,则随后一天的空气质量为优良的概率是( )A .0.8B .0.75C .0.6D .0.45解析:选A.已知连续两天为优良的概率是0.6,那么在前一天空气质量为优良的前提下,要求随后一天的空气质量为优良的概率,可根据条件概率公式,得P =0.60.75=0.8. 2.(2014·海口高二检测)抛掷骰子2次,每次结果用(x 1,x 2)表示,其中x 1、x 2分别表示第一、二次骰子的点数.若设A ={(x 1,x 2)|x 1+x 2=10},B ={(x 1,x 2)|x 1>x 2},则P (B |A )=________.解析:P (A )=336=112,P (AB )=136, ∴P (B |A )=P (AB )P (A )=136112=13. 答案:133.一只口袋内装有2个白球和2个黑球,那么(1)先摸出1个白球不放回,再摸出1个白球的概率是多少?(2)先摸出1个白球后放回,再摸出1个白球的概率是多少?解:(1)设“先摸出1个白球不放回”为事件A ,“再摸出1个白球”为事件B ,则“先后两次摸到白球”为AB ,先摸一球不放回,再摸一球共有4×3种结果.故P (A )=2×34×3=12,P (AB )=2×14×3=16. 因此,P (B |A )=P (AB )P (A )=1612=13, 即先摸出1个白球不放回,再摸出1个白球的概率为13. (2)设“先摸出一个白球放回”为事件A 1,“再摸出一个白球”为事件B 1,两次都摸到白球为事件A 1B 1.P (A 1)=2×44×4=12,P (A 1B 1)=2×24×4=14,故P (B 1|A 1)=P (A 1B 1)P (A 1)=1412=12, 即先摸出1个白球后放回,再摸出1个白球的概率为12. 4.现有6个节目准备参加比赛,其中4个舞蹈节目,2个语言类节目,如果不放回地依次抽取2个节目,求:(1)第1次抽到舞蹈节目的概率;(2)第1次和第2次都抽到舞蹈节目的概率;(3)在第1次抽到舞蹈节目的条件下,第2次抽到舞蹈节目的概率.解:设第1次抽到舞蹈节目为事件A ,第2次抽到舞蹈节目为事件B ,则第1次和第2次都抽到舞蹈节目为事件AB .(1)从6个节目中不放回地依次抽取2个的事件数为n (Ω)=A 26=30,根据分步计数原理n (A )=A 14A 15=20,于是P (A )=n (A )n (Ω)=2030=23. (2)因为n (AB )=A 24=12,于是P (AB )=n (AB )n (Ω)=1230=25. (3)法一:由(1)(2)可得,在第1次抽到舞蹈节目的条件下,第2次抽到舞蹈节目的概率为P (B |A )=P (AB )P (A )=2523=35. 法二:因为n (AB )=12,n (A )=20,所以P (B |A )=n (AB )n (A )=1220=35.。

湘教版(2019)选择性必修第二册课本习题3.1.1条件概率

湘教版(2019)选择性必修第二册课本习题3.1.1条件概率

湘教版(2019)选择性必修第二册课本习题3.1.1条件概率一、解答题(共 99 分)1.有16件产品,其中有甲厂生产的,也有乙厂生产的,均有合格品与废品,其情况如下表:从这16件产品中任取1件,如果抽到的产品是甲厂生产的,求它是合格品的概率. 【答案】35【分析】从这16件产品中任取1件,抽到的产品是甲厂生产的共有5种,其中它是合格的共有3种,再由概率公式得出答案. 【详解】从这16件产品中任取1件,抽到的产品是甲厂生产的共有5种,其中它是合格的共有3种则所求概率为P =35.2.根据历年气象统计资料,某地4月份的任一天吹东风的概率为310,下雨的概率为1130,既吹东风又下雨的概率为415.求4月7日在吹东风的条件下下雨的概率.【答案】89【分析】设事件A表示吹东风,事件B表示下雨,得到P(A),P(AB),结合P(B|A)=P(AB)P(A),即可求解.【详解】由题意,设事件A表示吹东风,事件B表示下雨,则P(A)=310,P(AB)=415,所以在吹东风的条件下下雨的概率为P(B|A)=P(AB)P(A)=415310=89.3.甲、乙、丙三人到三个景点旅游,每人只去一个景点,设事件A=“三个人去的景点各不相同”,B=“甲去了第一个景点”,如果甲、乙、丙互不相识,求P(A|B).【答案】29【分析】这是求甲去第一个景点的前提下,三个人去的景点各不相同的条件概率,求出相应基本事件的个数,即可得出结论.【详解】甲去了第一个景点,则有1个景点可选,乙丙能在三个景点中选择,可能性为3×3=9种,所以甲去了第一个景点的可能性为1×3×3=9种,甲去了第一个景点且三个人去的景点不同的可能性为2×1=2种,所以P(A|B)=n(AB)n(B)=29=29.。

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3.若 A B 为不可能事件,则说事件A与B互斥.
复习回顾 1.条件概率 设事件A和事件B,且P(A)>0,在已知事件A 发生的条件下事件B发生的概率,叫做条件概率. 记作P(B |A).
2.条件概率计算公式:
P (B | A)
n( A B ) n( A )

P ( AB ) P ( A)
注:(1)对于古典(几何)概型的题目,可采用缩减 样本空间的办法计算条件概率 P ( B | A ) (2)直接利用定义计算: P ( B | A )
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课堂小结
方法技巧 1.条件概率公式揭示了条件概率P(B|A)与事件P(A), P(AB)三者之间的关系,由条件概率公式可以解决下 列两类问题.
(1)已知P(A),P(AB),求P(B|A);
(2)已知P(A),P(B|A),求P(AB).
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课堂小结
2.P(B|A)表示事件B在“事件A已发生”这个附加条件下发生的
概率,与没有这个附加条件的概率是不同的.也就是说,条
件概率是在原随机试验的条件上再加上一定的条件,求另一 事件在此“新条件”下发生的概率.
因此利用缩小样本空间的观点计算条件概率时, 首先明 确是求“在谁发生的前提下谁的概率”,其次转换样本空 间,即把即定事件 A 所含的基本事件定义为新的样本空间, 显然待求事件 B 便缩小为事件 AB,如图所示.从而 P(B|A) nAB = . nA
由 于 B A, 故 A B B,
P ( A B ) P ( B ) 0 .5 6

所求概率为
P (B A) P( AB) P ( A) P(B) P ( A) 0 .8
0.56
0.7
B
A
例题
有关几何概型的条件概率
例 3一个正方形被平均分成9个部分,向大正 方形区域随机地投掷一个点(每次都能投中). 设投中最左侧3个小正方形区域的事件记为A ,投中最上面3个小正方形或正中间的1个小正 方形区域的事件记为B,求P(AB)、P(A|B).
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6 5 1 4 2 ∴n(D)=n(A)+n(B)+n(C)=C10+C10C10+C10C10,
n(ED)=n(A)+n(B)=C6 +C5 C1 , 10 10 10 C6 +C5 C1 13 10 10 10 ∴P(E|D)= 6 . 5 1 4 2 = C10+C10C10+C10C10 58
条件概率习题课
复习回顾 事件的概率有加法公式: 若事件A与B互斥,则. P( A B) P ( A) P ( B) 注: 1.事件A与B至少有一个发生的事件叫做A与B的 和事件,记为 A B (或 A B ); 2.事件A与B都发生的事件叫做A与B的积事件, 记为 A B (或 A B );
A
中样本点数
,
AB 中 样 本 点 数 中样本点数
一 般 来 说 , P (B A)比 P ( AB ) 大 .
例题
有关古典概型的条件概率
1
1 2
2
3 5
例题
有关古典概型的条件概率
1 3
例题
利用条件概率公式计算概率
例 2 某种动物出生之后活到20岁的概率为0.7,活到25
岁的概率为0.56,求现年为20岁的这种动物活到25岁 的概率。 解:设A表示“活到20岁”(即≥20),B表示“活到25 岁” (即≥25)则 P ( A ) 0 .7 , P ( B ) 0 .5 6
4 11
若已知取得是蓝球,问该球是玻璃球的概率.
变式 :若已知取得的是玻璃球,求取得的是蓝球的概率.
2 3
练习
3.在某次考试中,从20道题中随机抽取6道题 ,若考生至少能答对其中的4道即可通过;若 至少能答对其中5道就获得优秀.已知某考生 能答对其中10道题,并且知道他在这次考试中 已经通过,求他获得优秀成绩的概率.
n( A B ) n( A )
P ( AB ) P ( A)
复习回顾 3、条件概率的性质:
0 (1) P ( B | A ) 1;
(2)如果B和C是两个互斥事件,那么
P ( B C | A ) P ( B | A ) P ( C | A ).
1.从事件的前提不同理解来区分; 2.从样本空间的变化来理解; 3从概率的求法来理解
例题
【思路点拨】
【解】
有关几何概型的条件概率
利用正方形的个数,求其概率.
如图,n(Ω)=9,
n(A)=3,n(B)=4,n(AB)=1, nAB 1 1 ∴P(AB)= ,P(A|B)= = . 9 nB 4
解法二:P(A | B) P ( AB ) P (B ) 1/9 4/9 1 4
解:设第i次按对密码为事件Ai ( i 1, 2) 则设A A1 ( A1 A2 )表示不超过2次就按对密码。
(1)因为事件A1与事件 A1 A2互斥,由概率的加法公式得
P ( A) P ( A1 ( A1 A2 )) P ( A1 ) P ( A1 A2 )
1 10 91 10 9 1 5
例 4.一张储蓄卡的密码共有6位数字,每位数字都可 从0~9中任选一个,某人在银行自动提款机上取钱时, 忘记了密码的最后一位数字,求 (1)任意按最后一位数字,不超过2次就按对的 概率; (2)如果他记得密码的最后一位是偶数,不超过 2次就按对的概率。
解:设第i次按对密码为事件Ai ( i 1, 2) 则A A1 ( A1 A2 )表示不超过2次就按对密码。
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解:设事件A为“该考生6道题全答对”,
事件B为“该考生答对了其中5道题,另一道答错”,
事件C为“该考生答对了其中4道题,另2道答错”,
事件D为“该考生在这次考试中通过”,
事件E为“该考生在这次考试中获得优秀”,
则A、B、C两两互斥,且D=A∪B∪C,
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练习
∴n(A)=C6 ,n(B)=C5 C1 ,n(C)=C4 C2 , 10 10 10 10 10
【思维总结】 本题是面积型的几何概型,利用小正 方形的个数来等价转化,将样本空间缩小为n(B).
例题
条件概率性质的应用
例 4.一张储蓄卡的密码共有6位数字,每位数字都可从0~9 中任选一个,某人在银行自动提款机上取钱时,忘记了密 码的最后一位数字,求 (1)任意按最后一位数字,不超过2次就按对的概率; (2)如果他记得密码的最后一位是偶数,不超过2次就 按对的概率。
4.概率 P(B|A)与P(AB)的区别与联系
P ( AB ) 表 示 在 样 本 空 间 中, 计 算 AB发 生 的 概 率 ,而 P (B A) 表 示 在 缩 小 的 样 本 空 间
A
中,
计 算 B 发 生 的 概 率 .用 古 典 几 何 概 率 公 式 , 则 P (B A) P( AB) AB 中 样 本 点 数
(2)用B表示最后一位是偶数的事件,则
P ( A B) P (( A1 A1 A2 ) | B) P ( A1 B ) P ( A1 A2 B )

1 5

41 5 4

2 5
练习
1.一个箱子中装有2n 个白球和(2n-1) 个黑球,一次摸出个 n球. (1)求摸到的都是白球的概率;
(2)在已知它们的颜色相同的情况下, 求该颜色是白色的概率。
(1 ) P ( A ) C 2n C 4n1
n n
(2)P ( A | A B )
C 2n C 2n C 2n1
n n
n
练习
1.盒中有球如表. 任取一球 玻璃 红 蓝 总计 2 4 6 木质 3 7 10 总计 5 11 16
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